江西省新干县第二中学2017_2018学年高二物理上学期第一次段考试题(4、5班)
江西新干二中2017-2018学年高三物理一轮总复习9月第二次阶段性复习诊断试卷 Word版含答案
江西新干二中2017-2018学年高三物理一轮总复习9月第二次阶段性复习诊断试卷第I卷选择题一、选择题（每小题4分，共40分）。
1、在轻绳的两端各拴一个小球，一个人用手拿着绳子上端的小球，站在三层楼的阳台上，释放小球，使小球自由下落，两小球相继落地的时间差为△t，如果人站在四层楼的阳台上，同样的方法释放小球，让小球自由下落，则两小球相继落地的时间差将( )A.不变B.变大C.变小D.无法确定2、在一条宽马路上某一处有甲、乙两车，它们同时开始运动，取开始运动时刻为计时零点，它们的v－t图象如图所示，在0-t4这段时间内的情景是：( )A．甲在0～t1时间内做匀加速直线运动，在t1时刻改变运动方向B．在t2时刻甲车反向运动，此时两车相距最远C．在t4时刻甲车追上乙车D．在t4时刻，两车相距最远3、如图所示，是一种测定风作用力的仪器的原理图，它能自动随着风的转向而转向，使风总从图示方向吹向小球P．P是质量为m的金属球，固定在一细长刚性金属丝下端，能绕悬挂点O在竖直平面内转动．无风时金属丝自然下垂，有风时金属丝将偏离竖直方向一定角度θ，角θ大小与风力大小有关．如果m=0.1kg，θ=300，重力加速度g=10m/s2，则对应的风力大小约为（≈1.732）( )A．1.732N B．0.866N C．0.5N D．0.577N4、考汽车驾照时需要进行路考，路考中有一项是定点停车.在一次定点停车考试中，某学员驾驶汽车以8m/s的速度匀速行驶，当车头与路旁竖立的标志杆相距20m时，学员立即刹车，让车做匀减速直线运动，结果车头恰好停在标志杆处，忽略学员的反应时间，下列说法正确的是（）A.汽车刹车过程的加速度大小为0.8m/s2B.汽车刹车过程的加速度大小为1.2m/s2C.汽车刹车过程的时间为5sD.汽车刹车过程的时间为2.5s5、某物体从桌面自由下落，经过离地面高为0.8m的位置时，速度是落地速度的3/5。
g取10m/s2，则（）A．桌面离地高为1.28m B．桌面离地高为1.25mC．物体经过0.4s后落地 D．物体通过最后0.8m用时0.4s6、在轻绳的两端各系着一个小球，一人用手拿着绳上端的小球，站在三楼的阳台上，放手后两小球自由下落，两小球相继落地的时间差为Δt；如果人站在四楼的阳台上，同样放手让小球自由下落，两球相继落地的时间差为Δt′，则Δt 与Δt′相比较有( )A．Δt′<Δt B．Δt′＝Δt C．Δt′>Δt D．无法判断7、如图所示，一只小鸟沿着较粗的均匀树枝从右向左缓慢爬行，在小鸟从A运动到B的过程中（）A.树枝对小鸟的合作用力先减小后增大B.树枝对小鸟的摩擦力先减小后增大C.树枝对小鸟的弹力先减小后增大D.树枝对小鸟的弹力保持不变8、如图所示，半圆柱体P放在粗糙水平地面上，其右端有一竖直挡板MN．在半圆柱体P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于平衡状态．现使MN保持竖直并且缓慢地向右平移，在Q滑落到地面之前的此过程中，P始终静止不动，对于此过程下列说法中正确的是( )A．MN对Q的弹力保持不变B．P对Q的作用力先增大后减小C．P对Q的作用力逐渐增大D．地面对P的摩擦力逐渐增大9、如图所示，两根轻绳一端系于结点O，另一端分别系于固定环上的A、B两点，，绳OB与OA夹角α=120°，O点下面悬挂一物体M，绳OA水平，拉力大小为F1拉力大小为F．将两绳同时缓慢顺时针转过75°，并保持两绳之间的夹角α始2终不变，且物体始终保持静止状态．则在旋转过程中，下列说法正确的是（）逐渐增大A．F1B．F先增大后减小1逐渐减小C．F2先减小后增大D．F210、如图所示，将一个表面光滑的铁球放在两块斜面板AB和CD之间，两板与水平面的夹角都是60°。
江西省新干县第二中学2017-2018学年高一物理上学期第一次月考试题(普通班)
江西省新干县第二中学2017-2018学年高一物理上学期第一次月考试题（普通班）一、选择题（共40分，1—6题只有一个选项正确，7—10有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）⒈关于速度、速度变化、加速度，下列说法正确的是 ( )A．速度越大，加速度越大B．速度变化越大，加速度越大C．加速度方向保持不变，速度方向也一定保持不变D．加速度不断增大，速度有可能不断减小2.甲、乙、丙三辆汽车以相同的速度同时经过某一路标，以后甲车一直做匀速直线运动，乙车先加速后减速，丙车先减速后加速，它们经过下一路标时的速度又相同，则下列说法中正确的是 ( )A.甲车先通过下一路标B.乙车先通过下一路标C.丙车先通过下一路标D.三车同时到达3．一个物体从静止开始做匀加速直线运动，以T为时间间隔，在第三个T时间内位移是3m，第三个T的终了时刻的瞬时速度为3m/s，则( )A．物体的加速度是1m/s2B．时间间隔是1sC．第一个T时间的终了时刻的瞬时速度为1m/sD．物体在第一个T时间内的位移为1m4．某物体做直线运动的v－t图象如图所示．关于物体在前8 s内的运动，下列说法正确的是（）A．物体在第4 s末改变运动方向B．0－4 s内的加速度大于6－8 s内的加速度C．前6 s内的位移为12 mD．第8 s末物体离出发点最远5.“蛟龙号”是我国首台自主研制的作业型深海载人潜水器，它是目前世界上下潜能力最强的潜水器。
假设某次海试活动中，“蛟龙号”完成海底任务后竖直上浮，从上浮速度为υ时开始计时，此后“蛟龙号”匀减速上浮，经过时间t上浮到海面，速度恰好减为零，则“蛟龙号”在t0(t0<t)时刻距离海平面的深度为( )6. 一小球(可视为质点)沿斜面匀加速滑下，依次经过A、B、C三点。
已知AB=6m，BC=10m，小球经过AB和BC两段所用的时间均为2s，则小球在经过A、B、C三点时的速度大小分别是 ( )A.2 m/s ，4 m/s ，6 m/sB.2 m/s ，3 m/s ，4 m/sC.3 m/s ，4 m/s ，5 m/sD.3 m/s ，5 m/s ，7 m/s7. 汽车从静止开始先匀加速直线运动，当速度达到8m/s 后立即匀减速直线运动直至停止，共经历时间10s ，由此可以求出 ( ) A.汽车加速运动的时间 B.汽车的平均速度 C.汽车减速运动的距离 D.汽车运动的总距离8．A 、B 两个物体在同一直线上做匀变速直线运动，其速度—时间图象如图所示，则: ( )A ．A 、B 两物体运动方向相反 B ．4 s 内A 、B 两物体的位移相同C ．4 s 时A 、B 两物体的速度相同D ．A 物体的加速度比B 物体的加速度小 9．一辆汽车从静止开始匀加速开出，然后保持匀速运动，最后匀减速运动直到停止．从汽车开始运动起计时，表中给出了某些时刻汽车的瞬时速度．根据表中的数据通过分析、计算可以得出( )A C ．汽车匀速运动的时间为2 s D ．汽车减速运动的时间为2 s10.一个物体以初速度v 0沿光滑斜面向上运动，其速度v 随时间t 变化的规律如图所示，在连续两段时间m 和n 内对应的面积均为S ，设经过b 时刻的加速度和速度大小分别为a 和v b ，则( )A ．2()()n m Sa n m mn-=+B ．2()()m n Sa n m mn -=+C ．22(+n )()b m Sv n m mn=+D ．()b m n Sv mn+=二、本题共3小题，共20分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答。
2017——2018学年度第一学期高二第一次段考物理参考答案
2017——2018学年度第一学期高二第一次段考物理参考答案1~6、DBAADC 7~12、BD AD ABD AC BC AC13、（1）大（2）4.4 ，0.90（3）如图所示14、 a φ+15.解：(1)小球静止在电场中的受力如图所示：显然小球带正电，由平衡条件得：mgtan 37°＝Eq ①故E ＝3mg 4q② (2)电场方向变成向下后，小球开始摆动做圆周运动，重力、电场力对小球做正功．由动能定理：(mg ＋qE)l(1－cos 37°)＝12m v 2③ 由圆周运动知识，在最低点时，F T －(mg ＋qE)＝m v 2l④ 联立以上各式，解得：F T ＝4920mg=2.45mg ⑤（以上各式每式2分） 16、（12分）解：（1）设电子被加速后速度大小为v 0，对于电子在加速电场中由动能定理得： ①所以②（2）在偏转电场中，由电子做类平抛运动，设加速度为a ，极板长度为L ，由于电子恰好射出电场，所以有：③L=v 0t ④⑤由②③④⑤解得： ⑥（3）电子正好能穿过电场偏转电场，偏转的距离就是，由此对电子做功⑦①代人⑤中得：⑧（①②式各2分，③④⑤⑥式各1分，⑦⑧式各2分）17、解：带电小滑块受到的电场力：F 电=qE=2×10-6×1×103=2×10-3N ，方向：竖直向上．（4分）滑块的重力：G=1×10-3N ，则：F 电＞G ，滑块所受合场力竖直向上，带电小滑块会沿着玻璃管运动，受到摩擦力的作用，在玻璃管ABC 中做往返运动，最终停在B 点．（2分）根据动能定理得：W 电+W G+W f=0即：qE•L•sinα-mg•L•sinα-μ（qE-mg）cosα•s=0 （6分）解得：s=3.0m；（2分）答：小滑块通过的总路程为 3.0m．。
江西省吉安市新干县第二中学高二物理上学期精选试卷检测题
江西省吉安市新干县第二中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，一带电小球P用绝缘轻质细线悬挂于O点。
带电小球Q与带电小球P处于同一水平线上，小球P平衡时细线与竖直方向成θ角（θ<45°）。
现在同一竖直面内向右下方缓慢移动带电小球Q，使带电小球P能够保持在原位置不动，直到小球Q移动到小球P位置的正下方。
对于此过程，下列说法正确的是（）A．小球P受到的库仑力先减小后增大B．小球P、Q间的距离越来越小C．轻质细线的拉力先减小后增大D．轻质细线的拉力一直在减小【答案】AD【解析】【分析】【详解】画出小球P的受力示意图，如图所示当小球P位置不动，Q缓慢向右下移动时，Q对P的库仑力先减小后增大，根据库仑定律可得，QP间的距离先增大后减小；轻质细线的拉力则一直在减小，当Q到达P的正下方时，轻质细线的拉力减小为零，故选AD。
2．如图所示，竖直平面内有半径为R的半圆形光滑绝缘轨道ABC，A、C两点为轨道的最高点，B点为最低点，圆心处固定一电荷量为+q1的点电荷．将另一质量为m、电荷量为+q2的带电小球从轨道A处无初速度释放，已知重力加速度为g，则（）A ．小球运动到B 2gR B ．小球运动到B 点时的加速度大小为3gC ．小球从A 点运动到B 点过程中电势能减少mgRD ．小球运动到B 点时对轨道的压力大小为3mg ＋k 122q q R 【答案】AD 【解析】 【分析】 【详解】A.带电小球q 2在半圆光滑轨道上运动时，库仑力不做功，故机械能守恒，则：212B mgR mv =解得：2B v gR 故A 正确；B.小球运动到B 点时的加速度大小为：22v a g R==故B 错误；C.小球从A 点运动到B 点过程中库仑力不做功，电势能不变，故C 错误；D.小球到达B 点时，受到重力mg 、库仑力F 和支持力F N ，由圆周运动和牛顿第二定律得：2122BN q q v F mg k m R R--=解得：1223N q q F mg kR =+ 根据牛顿第三定律，小球在B 点时对轨道的压力为：1223q q mg kR + 方向竖直向下，故D 正确．3．如图所示，用两根等长的绝缘细线各悬挂质量分别m A 和m B 的小球，分别带q A 和q B 的正电荷，悬点为O ，当小球由于静电力作用张开一角度时，A 球悬线与竖直线夹角为α，B球悬线与竖直线夹角为β，则（）A．sinsinABmmβα=B．sinsinA BB Am qm qβα=C．sinsinABqqβα=D．两球接触后，再静止下来，两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α'、β'，有sin sinsin sinααββ'='【答案】AD【解析】【分析】【详解】AB．如下图，对两球受力分析，根据共点力平衡和几何关系的相似比，可得Am g OPF PA=库，Bm g OPF PB=库由于库仑力相等，联立可得ABm PBm PA=由于sincosOAPAαθ⋅=，sincosOBPBβθ⋅=，代入上式可得sin sinA B m m βα= 所以A 正确、B 错误；C ．根据以上分析，两球间的库仑力是作用力与反作用力，大小相等，与两个球带电量的多少无关，所以不能确定电荷的比例关系，C 错误；D ．两球接触后，再静止下来，两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α'、β'，对小球A 、B 受力分析，根据上述的分析，同理，仍然有相同的关系，即sin sin A B m m βα'='联立可得sin sin sin sin ααββ'='D 正确。
【物理试题】江西省新干县第二中学等四校2017-2018学年高二物理12月联考试卷及答案.doc
江西省新干县第二中学等四校2017-2018学年高二12月联考物理试题一、选择题1.以下说法正确的是（）A. 电阻是表征材料导电性能的物理量，电阻越小，导电性能越好B. 欧姆定律对非纯电阻元件也适用C. 电场中某点的场强的大小与电荷在该点所受的静电力成正比，与电荷量成反比D. 回旋加速器通过电场力做功达到加速粒子的目的【答案】D【解析】【详解】A、电阻率是表征材料导电性的物理量，电阻率越小，导电性能越好，故A错误；B、欧姆定律只适用于纯电阻元件，不适用非纯电阻元件，故B错误；C、公式是电场强度的定义式，场强的大小是由电场本身决定的，与电荷在该点所受的静电力，与电荷量无关，故C错误；D、回旋加速器通过电场力做功达到加速粒子的目的，洛仑兹力对粒子不做功，故D正确；故选D。
2.如图所示，光滑绝缘水平面上有三个带电小球A、B、C（可视为点电荷），三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力作用下静止，则以下判断正确的是（）A. A对B的静电力一定是引力B. A对B的静电力可能是斥力C. A的电量可能比B少D. C的电量一定比B少【答案】A【解析】AB、若三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力作用下静止，则A、C一定是同种电荷，A、B一定异种电荷，即“两同夹异”的思想，故A正确，B错误；C、由于AC间的距离大于BC间的距离，由C物体的平衡，可得，故C错误；D、由于AC间的距离大于AB间的距离，由A物体的平衡，可知，故D错误；故选A。
【点睛】因题目中要求三个小球均处于平衡状态，故可分别对任意两球进行分析列出平衡方程即可求得结果。
3.关于电场和磁场，下列说法正确的是：（）A. 电场是假想的，并不是客观存在的物质B. 描述磁场的磁感线是客观存在的，且磁场中的任何两条磁感线不相交。
C. 电场中某处场强的方向就是放入该处试探电荷所受电场力的方向D. 磁场对在它其中运动的电荷可能没有力的作用．【答案】D【解析】试题分析：电场和磁场都是客观存在的物质，A选项错误；电场线和磁感线都是假想的线，且磁场中的任何两条磁感线不相交，故B选项错误；若试探电荷为正电荷，所受电场力的方向与场强方向相同，若试探电荷为负电荷，所受电场力的方向与场强方向相反，故C选项错误；由洛伦兹力的公式知当速度与磁场方向平行时不受洛伦兹力的作用，故D选项正确。
江西省新干县第二中学高二物理上学期第一次段考试题(尖子班)
江西省新干县第二中学2018-2019学年高二物理上学期第一次段考试题（尖子班）一．选择题（每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，1—6只有一个正确答案，7—10有多个正确选项，全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得零分） 1.“蛟龙号”是我国首台自主研制的作业型深海载人潜水器，它是目前世界上下潜能力最强的潜水器。
假设某次海试活动中，“蛟龙号”完成海底任务后竖直上浮，从上浮速度为υ时开始计时，此后“蛟龙号”匀减速上浮，经过时间t 上浮到海面，速度恰好减为零，则“蛟龙号”在t 0(t 0<t )时刻距离海平面的深度为( )2．智能手机的普及使“低头族”应运而生。
低头时，颈椎受到的压力会增大(当人体直立时，颈椎所承受的压力等于头部的重量)。
现将人体头颈部简化为如图所示的模型：重心在头部的P 点，在可绕O 转动的颈椎OP(轻杆)的支持力和沿PQ 方向肌肉拉力的作用下处于静止。
当低头时，若颈椎与竖直方向的夹角为45°，PQ 与竖直方向的夹角为53°，此时颈椎受到的压力与直立时颈椎受到压力的比值为(sin53°=0.8，cos53°=0.6)（ ） A ．4 B ．5 C． D．3.如图所示，质量分别为m 1、m 2的两个物体通过轻弹簧连接，在力F 的作用下一起沿水平方向做匀加速直线运动，m 1在光滑地面上，m 2在空中。
已知力F 与水平方向的夹角为θ。
则m 1的加速度大小为 ( ) A ．12cos F m m θ+B ．12sin F m m θ+C ．1cos F m θD ．2sin F m θ4. 如图所示，竖直放置的等螺距螺线管高为h ，该螺线管是用长为l 的硬质直管（内径远小于h ）弯制而成。
一光滑小球从上端管口由静止释放，关于小球的运动，下列说法正确的是( )A ．小球到达下端管口时的速度大小与l 有关 B．小球到达下端管口时重力的功率为 CD ．小球在运动过程中受管道的作用力大小不变5．假设地球为质量均匀分布的球体。
江西省新干县第二中学2017_2018学年高二物理上学期第一次段考试题(4、5班)
新干二中高二年级第一次段考物理（3.4班）试卷一．选择题（1-6单选，7-10多选。
）（每题4分，共40分）1、物理学中引入“质点”、“点电荷”等概念，从科学方法上来说是属于（ ）A．控制变量的方法 B．观察实验的方法C．建立理想化模型的方法 D．等效替代的方法2．在如图所示的电路中，当变阻器R3的滑动头P由a端向b端移动时（）A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小3、在孤立负点电荷形成的电场中，四个带电粒子分别仅在电场力作用下运动，v﹣t图象如图所示，则下列说法正确的是（ ）A．a，c带正电，b，d 带负电B．a，c带负电，b，d 带正电C．a，d带正电，b，c带负电D．a，d带负电，b，c带正电4、如图所示，直线OC为某一直流电源的总功率P总随着总电流I变化的图线，曲线OBC为同一直流电源内部的热功率P r随电流I的变化图线，若A、B对应的横坐标为2A，则下面说法中不正确的是( )A．电源电动势为3V，内阻为1ΩB．线段AB表示的功率为2WC．电流为2A时，外电路电阻为0.5ΩD．电流为3A时，外电路电阻为2Ω5、将电源、直流电动机与滑动变阻器串联构成一个回路，已知电源电动势为12 V、内阻为3 Ω，直流电动机内阻为1 Ω。
调节滑动变阻器使电路中电源的输出功率最大，电动机刚好正常工作(额定功率为6 W)，则下列说法中错误的是( )A.通过电动机的电流为2 AB.电源的效率为50%C.滑动变阻器连入电路部分的阻值为2 ΩD.电动机的发热功率为4 W6、上海世博会期间为加强环保，人们出行大量使用了自动充电式电动汽车。
关闭发动机，让汽车以5000J的初动能在粗糙的水平路面上滑行：第一次关闭充电装置，其动能随位移的变化关系如图中甲所示；第二次启动充电装置，其动能随位移的变化关系如图中乙所示，则汽车向蓄电池所充电能为（ ）A.2000JB.2500JC.3000JD.5000J7、2013年小米手机成为国产手机的精品畅销品牌，极具竞争力，如图所示，为一块手机电池的背面印有的一些符号，下列说法正确的是（ ）A、该电池的容量为500 mA·hB、该电池的电动势为3.6 VC 、该电池在工作1小时后达到的电流为500 mAD 、若电池以10 mA 的电流工作，可用50小时8、目前智能手机普遍采用了电容屏．电容触摸屏是利用人体的电流感应进行工作的，它是一块四层复合玻璃屏．玻璃屏的内表面和夹层各涂有一层ITO ，最外层一薄层矽土玻璃保护层，夹层ITO 涂层作为工作面．当手指触摸电容触摸屏时，手指和屏的夹层工作面形成一个电容器，因为工作面上接有高频信号，电流通过电容器分别从屏的四个角上的电极中流出，并且流经这四个电极的电流与手指到四角的距离成正比，控制器通过对这四个电流比例精确计算，得出触摸点的位置．对于触摸屏，下列说法正确的是（ ）A ．使用绝缘笔，在电容屏上也能进行触控操作B ．手指与屏的接触面积变大时，电容变小C ．电容触摸屏只需要触摸，不需要压力既能产生位置信号D ．手指压力变大时，手指与屏的夹层工作面距离变小，电容会变大9、如图所示，a 、b 、c 、d 、e 、f 点是以O 为球心的球面上的点，分别在a 、c 两点处放上等量异种电荷Q +和Q -．下列说法正确的是（ ）A ．b 、d 两点电场强度大小相等，方向相同B ．e 、d 两点电势不同C ．b 、f 两点电场强度大小相等，方向相同D ．e 、d 两点电势相同10、如图所示，细线栓一带负电的小球，球处在竖直向下的匀强电场中，使小球在竖直平面内做圆周运动，则( ) A ．小球不可能做匀速圆周运动B ．当小球运动到最高点时绳的张力可能最小C ．小球运动到最低点时，球的线速度一定最大D ．小球运动到最低点时，电势能一定最大二．填空题(第15题每空1分，其余每空2分，共24分)11、用20分度的游标卡尺测量一个物体的长度，得到图1所示，读数为 cm ．用螺旋测微器测量金属丝的直径，从图2中读出金属丝的直径为 mm ．12、有一电流表，其内阻R g ＝100 Ω，满偏电流I g ＝100 μA.今欲将其改装成量程为3 V 的电压表.(1)应在电流表上串联一阻值为 Ω的电阻.(2)若与标准的电压表比较，此改装的电压表每次的测量值均略偏小，则应 . A.在R 旁再串联一个适当的小电阻 B.在R 旁再串联一个适当的大电阻 C.在R 两端并联一个适当的小电阻 D.在R 两端并联一个适当的大电阻(3)校正成准确的电压表后，某次测量示数如图所示.此时所测量的电压为 V.13、图是某电源的路端电压随电流变化的特性曲线，则该电源的电动势为 V,内阻为 Ω，短路电流为 A ． 14、在如图甲所示电路中，电源电动势为3.0V ，内阻不计，L 1、L 2、L 3为三个相同规格的小灯泡，这种灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，当开关S 闭合后，L 1消耗的电功率为 _________ W ，L 2的阻值为 _________ Ω．15．某同学要用多用电表测一只电阻，已知多用电表电阻档有4个倍率，分别为×1k 、×100、×10、×1，该同学选择×100倍率，用正确的操作步骤测量发现指针偏转角度太大（指针位置如图中虚线所示）. 为了较准确地进行测量，请你补充完整接下去应该进行的主要操作步骤：（1）调节选择开关旋钮，选择× 倍率；（2）两表笔 (填“短接”或“断开”)，调节欧姆调零旋钮，使指针指在0Ω处； （3）重新测量并读数．若这时刻度盘上的指针位置如图中实线所示，则该电阻的阻为 Ω；（4）测量完毕，把选择开关旋钮打至 .三．计算题（6+6+8+8+8=36分）16、规格为“220V 36W ”的排气扇，线圈电阻为40Ω．（1）接上220V 电压后，求排气扇转化为机械能的功率和发热热功率；（2）如果接上220V 电压后，扇叶被卡住，不能转动，求排气扇的电功率和发热功率．第15题图17、.如图所示，是示波器工作原理的示意图，1转电场的电压为U 2，两极板间距为d ，极板长度为L ，电子离开偏转电场时的偏转量为h ，每单位电压引起的偏转量（h/U 2）叫示波器的灵敏度，试求：该示波器的灵敏度，并探究可采用哪些方法提高示波器的灵敏度。
【解析】江西省吉安市新干二中2018届高三上学期第一次月考物理题试题 Word版含解析【 高考】
2017-2018学年江西省吉安市新干二中高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题（第1到6题单选，第7到10题多选）1. 如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m、2m和3m的三个木块，其中质量为2m和3m的木块间用一不可伸长的轻绳相连，轻绳能承受的最大拉力为T．现用水平拉力F拉其中一个质量为3m的木块，使三个木块以同一加速度运动，则以下说法正确的是（）A. 质量为2m的木块受到四个力的作用B. 当F逐渐增大到T时，轻绳刚好被拉断C. 当F逐渐增大到1.5T时，轻绳还不会被拉断D. 轻绳刚要被拉断时，质量为m和2m的木块间的摩擦力为【答案】C【解析】试题分析：质量为2m的木块受到：重力、地面的支持力、细绳的拉力、m对它的摩擦力和压力五个力的作用，选项A错误；当F逐渐增大到1.5T时，对整体有：，对质量是3m的物体：，解得：T1=0.75T，故当F逐渐增大到1.5T时，轻绳还不会被拉断，故选项C正确，B错误；轻绳刚要被拉断时，系统的加速度为，对质量是m的物体：，即质量为m和2m的木块间的摩擦力为0.333T，选项D错误；故选C.考点：牛顿第二定律的应用.【名师点睛】此题考查了牛顿第二定律的应用以及整体和隔离问题；此题涉及到的研究对象有3个，所以解题时必须正确选择对象，或者整体或者隔离；并能对研究对象正确的受力分析，通过牛顿第二定律列得方程求解判断.2. 如图所示，质量为m的木块受到水平向右的拉力F的作用，在质量为M的长木板上水平向右运动，长木板处于静止状态．已知木块与长木板间的动摩擦因数为μ，则（重力加速度为g）（）A. 木块受到木板的摩擦力的大小一定为FB. 长木板受到地面的摩擦力大小为μmgC. 若将拉力F增大，长木板所受地面的摩擦力将增大D. 若将拉力F增大，长木板有可能从地面上开始运动【答案】B【解析】试题分析：m对M的压力等于mg，m所受M的滑动摩擦力f1=μmg，方向水平向左，M 处于静止状态，水平方向受到m的滑动摩擦力和地面的静摩擦力，根据平衡条件分析木板受到地面的摩擦力的大小和方向．解：A、B、m所受M的滑动摩擦力大小f1=μ1mg，方向水平向左，根据牛顿第三定律得知：木板受到m的摩擦力方向水平向右，大小等于μ1mg．M处于静止状态，水平方向受到m的滑动摩擦力和地面的静摩擦力，根据平衡条件木板受到地面的摩擦力的大小是μ1mg．故A错误，B正确．C、由于木块与木板之间是滑动摩擦力，增大拉力F，木块与木板之间的摩擦力不变，所以若将拉力F增大，长木板所受地面的摩擦力不变．故C错误．D、由题，分析可知，木块对木板的摩擦力f1不大于地面对木板的最大静摩擦力，当F改变时，f1不变，则木板不可能运动．故D错误．故选：B．【点评】本题中木板受到地面的摩擦力是静摩擦力，不能根据摩擦力求解，f2=μ2（m+M）g是错误的，不能确定此摩擦力是否达到最大值．3. 如图所示，倾角为θ的斜面体C置于水平面上，B置于斜面C上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，A、B、C都处于静止状态．则（）A. 水平面对C的支持力等于B、C的总重力B. B一定受到C的摩擦力C. C一定受到水平面的摩擦力D. 若将细绳剪断，B物体开始沿斜面向下滑动，则水平面对C的摩擦力可能为零【答案】C【解析】试题分析：由题设条件知：绳子上拉力大小等于物体A的重力大小，对B、C整体受力分析，如图所示，由平衡条件，可知：水平面对C的支持力F N小于B、C的总重力，C一定受到水平面的摩擦力f，选项A错误，选项C正确；因不确定m B gsinθ和m A g的大小关系，故C对B的摩擦力无法确定，选项B错误；若将细绳剪断，物体B开始沿斜面向下滑动，加速度沿斜面向下，系统处于失重状态，水平面对C的摩擦力一定不为零，选项D错误。
2017-2018学年江西省吉安市新干县第二中学高三上学期第一次月考物理试题
新干二中高三第一次月考物理试卷一、选择题（每题4分，共40分.第1到6题单选，第7到10题多选）1．如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m 、2m 和3m 的三个木块，其中质量为2m 和3m 的木块间用一不可伸长的轻绳相连，轻绳能承受的最大拉力为T 。
现用水平拉力F 拉其中一个质量为3m 的木块，使三个木块以同一加速度运动，则以下说法正确的是 （ ）A. 质量为2m 的木块受到四个力的作用B. 当F 逐渐增大到T 时，轻绳刚好被拉断C. 当F 逐渐增大到错误！未找到引用源。
时，轻绳还不会被拉断D. 轻绳刚要被拉断时，质量为m 和2m 的木块间的摩擦力为T 322．如图所示，质量为m 的木块受到水平向右的拉力F 的作用，在质量为M 的长木板上水平向右运动，长木板处于静止状态．已知木块与长木板间的动摩擦因数为μ，则（重力加速度为g ）（ ）A ．木块受到木板的摩擦力的大小一定为FB ．长木板受到地面的摩擦力大小为μmgC ．若将拉力F 增大，长木板所受地面的摩擦力将增大D ．若将拉力F 增大，长木板有可能从地面上开始运动3．如图所示，倾角为θ的斜面体C 置于水平面上，B 置于斜面C 上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A 相连接，连接B 的一段细绳与斜面平行，A 、B 、C 都处于静止状态。
则A. 水平面对C 的支持力等于B 、C 的总重力B. B 一定受到C 的摩擦力C. C 一定受到水平面的摩擦力D. 若将细绳剪断，物体B 开始沿斜面向下滑动，则水平面对C 的摩擦力可能为零4．如图所示系统处于静止状态，M 受绳拉力为T ，水平地面对M 的摩擦力为f ，M 对地面压力为N ，滑轮摩擦及绳的重力不计。
当把M 从（1）位置移到（2）位置时，系统仍处于静止状态。
判断下列选项中正确的是（ ）A ．N ，f ，T 均增大B ．N ，f 增大，T 不变C ．N ，f ，T 均减小D ．N 增大，f 减小，T 不变5．如图所示，在一次空地演习中，离地H 高处的飞机以水平速度υ1（相对地）发射一颗炮弹欲轰炸地面目标P ，设炮弹做平抛运动，反应灵敏的地面拦截系统同时以速度υ2竖直向上发射炸弹拦截。
《解析》江西省吉安市新干二中2017届高三上学期第一次检测物理试卷Word版含解析
2016-2017学年江西省吉安市新干二中高三（上）第一次检测物理试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．某人沿着半径为R的水平圆周跑道跑了1.75圈时，他的（）A．路程和位移的大小均为3.5πRB．路程和位移的大小均为RC．路程为3.5πR、位移的大小为RD．路程为0.5πR、位移的大小为R2．一个小球从高为h的地方以水平速度v0抛出，经t时间落到地面，不计空气阻力，重力加速度大小为g，则小球落地时的速度可以表示为（）A．v0+gt B． C． D．3．如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，一边紧贴墙壁．若再在斜面上加一物体m，且M、m相对静止，则此时小车受力个数为（）A．6 B．5 C．4 D．34．粗糙绝缘水平面上垂直穿过两根长直导线，俯视图如图所示，两根导线中通有相同的电流，电流方向垂直纸面向里．水平面上一带电滑块（电性未知）以某一初速v沿两导线连线的中垂线入射，运动过程中滑块始终未脱离水平面．下列说法正确的是（）A．滑块可能做加速直线运动B．滑块可能做匀速直线运动C．滑块可能做曲线运动D．滑块一定做减速运动5．如图所示，一理想变压器原副线圈匝数分别为n1=1000匝．n2=200匝，原线圈中接一交变电源，交变电源电压u=220sin100πt（V）．副线圈中接一电动机，电阻为11Ω，电流表A2示数为1A，电表对电路的影响忽略不计．下列说法正确的是（）A．此交流电的频率为100 Hz B．电流表A1示数为5 AC．电压表示数为220V D．此电动机输出功率为33 W6．连接在电池两极上的平行板电容器，当两板间的距离减小时（）（1）电容器的电容C变大（2）电容器极板的带电量Q变小（3）电容器两极板间的电势差U变大（4）电容器两极板间的电场强度E变大．A．（1）（2） B．（3）（4） C．（2）（3） D．（1）（4）7．假设地球和火星都绕太阳做匀速圆周运动，已知地球到太阳的距离小于火星到太阳的距离，那么（）A．地球公转周期大于火星的公转周期B．地球公转的线速度小于火星公转的线速度C．地球公转的加速度小于火星公转的加速度D．地球公转的角速度大于火星公转的角速度8．如图所示，物体沿斜面向上运动，经过A点时具有动能100J，当它向上滑行到B点时，动能减少了80J，机械能损失了20J，则物体回到A点时的动能为（）A．100J B．50J C．20J D．60J二、非选择题9．在做“研究平抛运动”的实验时，描绘物体的运动轨迹是实验成功与否的关键，现用如图所示的器材描绘小球做平抛运动时的轨迹，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为有利于更较准确地描绘运动轨迹的选项前面的字母填在横线上（）A．通过调节使斜槽的末端保持水平B．每次释放小球的位置可以不同C．每次必须由静止释放小球D．记录小球位置用的木条（或凹槽）每次必须严格地等距离下降E．小球运动时不应与木板上的白纸（或方格纸）相接触F．要使描出的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些G．斜槽轨道必须光滑H．将球的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线10．某研究性学习小组利用如图1所示电路测量某电池的电动势E和内电阻r．由于该电池的内电阻r较小，因此在电路中接入了一阻值为2.00Ω的定值电阻R0．①按照实物连线图在图2虚线框内画出实验电路图：②闭合开关S，调整电阻箱的阻值，读出电压表相应的示数U，并计算出通过电阻箱的电流数值I，为了比较准确地得出实验结论，在坐标纸中画出了如图3所示的U﹣I图象，由图象可得：E=V，r=Ω．11．如图所示，线圈abcd的面积是0.05m2，共100匝，线圈电阻为r=1Ω，外接电阻R=4Ω，匀强磁场的磁感应强度为B=T，当线圈以5r/S的转速匀速转动时，求：（1）转动中感应电动势的最大值和有效值．（2）电路中交流电压表和电流表的示数．12．如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上，劲度系数分别为k1、k2的两个轻弹簧沿斜面悬挂着，两弹簧之间有一质量为m1的重物，最下端挂一质量为m2的重物，现用力F沿斜面向上缓慢推动m2，当两弹簧的总长等于两弹簧原长之和时，试求：（1）m1、m2各上移的距离．（2）推力F的大小．2016-2017学年江西省吉安市新干二中高三（上）第一次检测物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．某人沿着半径为R的水平圆周跑道跑了1.75圈时，他的（）A．路程和位移的大小均为3.5πRB．路程和位移的大小均为RC．路程为3.5πR、位移的大小为RD．路程为0.5πR、位移的大小为R【考点】位移与路程．【分析】位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移是矢量，有大小也由方向；路程是指物体所经过的路径的长度，路程是标量，只有大小，没有方向．【解答】解：人经过了1.75个圆周，所以经过的路程为1.75×2πR=3.5πR；位移是指从初位置到末位置的有向线段的长度，所以位移的大小为R．故选：C．2．一个小球从高为h的地方以水平速度v0抛出，经t时间落到地面，不计空气阻力，重力加速度大小为g，则小球落地时的速度可以表示为（）A．v0+gt B． C． D．【考点】平抛运动．【分析】平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，在水平方向上做匀速直线运动，根据时间求出竖直分速度，通过平行四边形定则求出小球落地时的速度．【解答】解：小球落地时竖直方向上的分速度v y=gt或．根据平行四边形定则得，或．故C、D正确，A、B错误．故选：CD．3．如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，一边紧贴墙壁．若再在斜面上加一物体m，且M、m相对静止，则此时小车受力个数为（）A．6 B．5 C．4 D．3【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】对物体受力分析是指分析物体的受力情况同时画出受力的示意图，本题可以先对m 受力分析，再结合牛顿第三定律对M受力分析．【解答】解：先对物体m受力分析，受到重力、支持力和静摩擦力；再对M受力分析，受重力、m对它的垂直向下的压力和沿斜面向下的静摩擦力，同时地面对M有向上的支持力，共受到4个力；故选：C．4．粗糙绝缘水平面上垂直穿过两根长直导线，俯视图如图所示，两根导线中通有相同的电流，电流方向垂直纸面向里．水平面上一带电滑块（电性未知）以某一初速v沿两导线连线的中垂线入射，运动过程中滑块始终未脱离水平面．下列说法正确的是（）A．滑块可能做加速直线运动B．滑块可能做匀速直线运动C．滑块可能做曲线运动D．滑块一定做减速运动【考点】安培定则；洛仑兹力．【分析】先根据安培定则判断AB连线上的磁场方向，再判断滑块所受的洛仑兹力情况，分析滑块的运动情况．【解答】解：根据安培定则，知两导线连线上的垂直平分线上：上方的磁场方向水平向右，而下方的磁场方向水平向左，根据左手定则，可知，滑块受到的洛伦兹力方向垂直于纸面向外或向里，滑块所受的支持力减小或增大，滑块所受的滑动摩擦力与速度反向，滑块一定做减速直线运动，故ABC错误，D正确．故选：D5．如图所示，一理想变压器原副线圈匝数分别为n1=1000匝．n2=200匝，原线圈中接一交变电源，交变电源电压u=220sin100πt（V）．副线圈中接一电动机，电阻为11Ω，电流表A2示数为1A，电表对电路的影响忽略不计．下列说法正确的是（）A．此交流电的频率为100 Hz B．电流表A1示数为5 AC．电压表示数为220V D．此电动机输出功率为33 W【考点】变压器的构造和原理．【分析】根据电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．【解答】解：A、由表达式可知，交流电源的频率为50 Hz，变压器不改变交变电流的频率，故A错误；B、电流表A2示数为1A，由电流与匝数成反比得通过电流表A1的电流为0.2A，故B错误；C、交变电源电压u=220sin100πt（V），而电压表读数为有效值，即电压表的示数是=220V，故C错误；D、通过电阻R的电流是1A，电阻R消耗的电压为11V，此电动机输出功率为（44﹣11）×1=33 W，故D正确．故选：D．6．连接在电池两极上的平行板电容器，当两板间的距离减小时（）（1）电容器的电容C变大（2）电容器极板的带电量Q变小（3）电容器两极板间的电势差U变大（4）电容器两极板间的电场强度E变大．A．（1）（2） B．（3）（4） C．（2）（3） D．（1）（4）【考点】电容器的动态分析．【分析】连接在电池两极的平行板电容器两端的电势差U不变，根据C= 分析电容变化，根据C= 分析电量变化，根据U=Ed分析电场强度的变化．【解答】解：根据C=，可知，当两板间的距离减小时，电容增大，故（1）正确；因连接在电池两极的平行板电容器两端的电势差U不变，故（3）错误；因电压不变，电容增大，根据C=，电量增大，故（2）错误；因电压不变，距离减小，根据U=Ed，场强增加，故（4）正确；故选：D．7．假设地球和火星都绕太阳做匀速圆周运动，已知地球到太阳的距离小于火星到太阳的距离，那么（）A．地球公转周期大于火星的公转周期B．地球公转的线速度小于火星公转的线速度C．地球公转的加速度小于火星公转的加速度D．地球公转的角速度大于火星公转的角速度【考点】万有引力定律及其应用．【分析】根据万有引力提供向心力=ma，解出线速度、周期、向心加速度以及角速度与轨道半径大小的关系，据此讨论即可．【解答】解：A、B、根据万有引力提供向心力，得，．由此可知，轨道半径越大，线速度越小、周期越大，由于地球到太阳的距离小于火星到太阳的距离，所以v地＞v火，T地＜T火．故AB错误．C、据万有引力提供向心加速度，得：，可知轨道半径比较小的地球的向心加速度比较大．故C错误；D、根据：T=，所以：，可知轨道半径比较小的地球的公转的角速度比较大．故D正确．故选：D．8．如图所示，物体沿斜面向上运动，经过A点时具有动能100J，当它向上滑行到B点时，动能减少了80J，机械能损失了20J，则物体回到A点时的动能为（）A．100J B．50J C．20J D．60J【考点】动能定理．【分析】物体从开始到经过斜面上某一点时，受重力、支持力和摩擦力，总功等于动能增加量，机械能减小量等于克服摩擦力做的功，根据功能关系列式；再对从最高点到底端过程运用动能定理列式求解．【解答】解：物体从开始到经过斜面上某一点时，受重力、支持力和摩擦力，根据动能定理，有﹣mg•l AB sinθ﹣f•l AB=E KB﹣E KA=﹣80J机械能减小量等于克服摩擦力做的功，故f•l AB=E B﹣E A=20J解得f=mgsinθ．当该物体经过斜面上某一点时，动能减少了80J，机械能减少了20J，所以当物体到达最高点时动能减少了100J，机械能减少了25J，所以物体上升过程中克服摩擦力做功是25J，全过程摩擦力做功W=﹣50J从出发到返回底端，重力不做功，设回到出发点的动能为E K′，由动能定理可得W=E K′﹣E K得：E K′=50J故选B．二、非选择题9．在做“研究平抛运动”的实验时，描绘物体的运动轨迹是实验成功与否的关键，现用如图所示的器材描绘小球做平抛运动时的轨迹，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为有利于更较准确地描绘运动轨迹的选项前面的字母填在横线上（）A．通过调节使斜槽的末端保持水平B．每次释放小球的位置可以不同C．每次必须由静止释放小球D．记录小球位置用的木条（或凹槽）每次必须严格地等距离下降E．小球运动时不应与木板上的白纸（或方格纸）相接触F．要使描出的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些G．斜槽轨道必须光滑H．将球的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线【考点】研究平抛物体的运动．【分析】保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平，因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线．【解答】解：A、通过调节使斜槽末端保持水平，是为了保证小球做平抛运动．故A正确．BC、因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度．故B错误，C正确．D、记录小球经过不同高度的位置时，每次不必严格地等距离下降，故D错误；EH、实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线．故E正确，H错误．F、要使描出的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些，并用一条曲线把所有的点连接起来．故F正确．G、该实验要求小球每次抛出的初速度要相同而且水平，因此要求小球从同一位置静止释放，至于是否光滑没有影响，故G错误；故选：ACEF10．某研究性学习小组利用如图1所示电路测量某电池的电动势E和内电阻r．由于该电池的内电阻r较小，因此在电路中接入了一阻值为2.00Ω的定值电阻R0．①按照实物连线图在图2虚线框内画出实验电路图：②闭合开关S，调整电阻箱的阻值，读出电压表相应的示数U，并计算出通过电阻箱的电流数值I，为了比较准确地得出实验结论，在坐标纸中画出了如图3所示的U﹣I图象，由图象可得：E= 2.0V，r=0.4Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）根据实物电路图作出电路图．（2）电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，根据电路图与图2所示图象求出电源电动势与内阻．【解答】解：（1）根据图1所示电路图作出实验电路图，实验电路图如图所示：（2）由图2所示电源U﹣I图象可知，图象与纵轴交点坐标值是2.0，则电源电动势E=2.0V，图象斜率：k=r+R0===2.4，则电源内阻r=k﹣R0=0.4Ω；故答案为：（1）图象如图所示；（2）2.0；0.4．11．如图所示，线圈abcd的面积是0.05m2，共100匝，线圈电阻为r=1Ω，外接电阻R=4Ω，匀强磁场的磁感应强度为B=T，当线圈以5r/S的转速匀速转动时，求：（1）转动中感应电动势的最大值和有效值．（2）电路中交流电压表和电流表的示数．【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系．【分析】线框在匀强磁场中匀速转动，产生交变电流，根据规律可列出感应电动势的瞬时表达式，借助于有效值可得出电压表与电流表的示数．根据闭合电路的欧姆定律取得电压表和电流表的示数【解答】解：（1）交流电的频率：f=5Hz角速度为ω=2πf=2π×5=10πrad/s；最大值：E m=NBSω=100××0.05×10π=50V，感应电动势的有效值E=；（2）线圈电阻为1Ω，外接电阻R=4Ω，根据闭合电路欧姆定律，则有：交流电压表的电压U=；而电流表的示数，I=，答：（1）转动中感应电动势的最大值是50V，有效值是25V．（2）电路中交流电压表和电流表的示数分别是20V和A．12．如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上，劲度系数分别为k1、k2的两个轻弹簧沿斜面悬挂着，两弹簧之间有一质量为m1的重物，最下端挂一质量为m2的重物，现用力F沿斜面向上缓慢推动m2，当两弹簧的总长等于两弹簧原长之和时，试求：（1）m1、m2各上移的距离．（2）推力F的大小．【考点】胡克定律；牛顿第二定律．【分析】（1）由题，两弹簧的总长等于两弹簧的原长之和，则知，k1的伸长量与k2的压缩量相等，由m1重物平衡可求出k1轻弹簧的形变量．先求出k1原来的伸长量，再由几何关系求出m1上移的距离．（2）根据两弹簧的形变量相等，由胡克定律列方程，求出F．【解答】解：（1）设k1轻弹簧的形变量为x，则由题意两弹簧的总长等于两弹簧的原长之和，则知k1的伸长量与k2的压缩量相等，由m1重物平衡得：k1x+k2x=m1gsinθ，解得：x=k1原来的伸长量为：x0=则由几何关系得，m1上移的距离为：S=x0﹣x联立得：S=﹣刚开始弹簧2的形变量为：加外力后m2上移的距离：S′=S+（x′0+x）=（2）对m2重物平衡可知：F=m2gsinθ+k2x=m2gsinθ+k2答：（1）m1、m2各上移的距离S=﹣，S′=（2）推力F的大小m2gsinθ+k2．2016年12月20日。
江西省新干县第二中学2017-2018学年高二物理上学期第一次月考试题(3、4班)
江西省新干县第二中学2017-2018学年高二物理上学期第一次月考试题（3、4班）一、选择题（4*10=40分）1．如图2所示，两带电的金属球在绝缘的光滑水平桌面上，沿同一直线相向运动，A 带电－q ，B 带电＋2q ，下列说法正确的是( )A ．相碰前两球运动中动量不守恒B ．相碰前两球的总动量随距离减小而增大C ．两球相碰分离后的总动量不等于相碰前的总动量，因为碰前作用力为引力，碰后为斥力D ．两球相碰分离后的总动量等于碰前的总动量，因为两球组成的系统合外力为零 2.下列是某同学对电场中的概念、公式的理解，其中不正确的是（ ） A.根据电场强度的定义式E=F/q,电场中某点的电场强度和试探电荷的电荷量q 成反比 B.根据点电荷场强公式E=kQ/r 2,E 与Q 成正比，而与r 2成反比C.根据电场力做功的计算式W=Uq ，一个电子在1V 电压下加速，电场力做功为1eVD.根据电势差的定义式U ab =W ab /q ，带电量为1C 的正电荷，从a 点移动到b 点克服电场力做功为1J ，则a 、b 两点间的电势差为-1V 。
3.在静电场中，下列说法中正确的是（ ）A.在以Q 为球心，r 为半径的球面上，各处电场强度均相同B.电场线越密的地方，同一试探电荷所受的静电力越大C.电荷在等势面上移动时，由于不受电场力作用，所以电场力不做功D.某点的电场强度小，该点的电势一定低，负点电荷在该点的电势能也一定大 4.电容器A 的电容比电容器B 的电容大，这说明（ ） A.所带的电荷量比B 多 B.A 比B 能容纳更多的电荷量C.A 的体积比B 大D.两电容器的电压都改变1V 时，A 的电荷量改变比B 的大 5．如图2所示，一质量M =3.0kg 的长方形木板B 放在光滑水平地面上，在其右端放一质量m =1.0kg 的小木块A ，现以地面为参考系，给A 和B 以大小均为4.0m/s 、方向相反的初速度，使A 开始向左运动，B 开始向右运动，但最后A 并没有滑离B 板。
江西省吉安市新干二中2017-2018学年高三上学期第一次段考物理试卷(8月份) Word版含解析
2017-2018学年江西省吉安市新干二中高三（上）第一次段考物理试卷（8月份）一、选择题（每小题4分，共40分）．1．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体I、II的速度图象如图所示，在0～t2时间内，下列说法中正确的是（）A．Ⅰ、Ⅱ两个物体在t1时刻相遇B．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是C．Ⅰ、Ⅱ两个物体所受的合外力都在不断减小D．Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小2．如图是某质点运动的速度图象，由图象得到的正确结果是（）A．0～1s内该质点的平均速度大小是2m/sB．0～1s内该质点的位移大小是2mC．0～1s内该质点的加速度大于2～4s内的加速度D．0～1s内该质点的运动方向与2～4s内的运动方向相反3．如图所示A、B两个运动物体的s﹣t图象，下述说法正确的是（）A．A、B两个物体开始时相距100m，同时同向运动B．B物体做匀减速直线运动，加速度大小为5m/s2C．A、B两个物体运动8s时，在距A的出发点60m处相遇D．A物体在2s到6s之间做匀速直线运动4．甲、乙两辆汽车在平直的公路上同一地点沿相同方向由静止开始做直线运动，它们运动的加速度随时间变化a﹣t图象如图所示．关于甲、乙两车在0～20s 的运动情况，下列说法正确的是（）A．在t=10s时两车相遇B．在t=20s时两车相遇C．在t=10s时两车相距最近D．在t=20s时两车相距最远5．甲、乙两个质点同时沿同一直线运动，甲的初速度大小是乙的2倍，其速度时间图象如图所示，下列说法正确的是（）A．在t=0时刻，甲乙的运动方向相同B．在0﹣t2时间内，乙的加速度先增大后减小C．若甲乙从同一位置出发，则t=t1时刻它们相距最远D．若甲乙从同一位置出发，则t=t2时刻它们相距最远6．如图所示，两条曲线为汽车a、b在同一条平直公路上的v﹣t图象，已知在t2时刻，两车相遇，下列说法正确的是（）A．在t1～t2时间内，a车加速度先减小后增大B．在t1～t2时间内，a车的位移比b车的小C．t2时刻可能是b车追上a车D．t1时刻前的某一时刻两车可能相遇7．在大雾天，一辆小汽车以30m/s的速度匀速行驶在高速公路上，突然发现正前方30m处有一辆大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，如图所示，图线a、b分别为小汽车和大卡车的v﹣t图象（忽略刹车反应时间），以下说法正确的是（）A．在0到1秒小汽车加速度大小为10m/s2B．因刹车失灵前小汽车已减速，故不会发生追尾事故C．在t=3s时发生追尾事故D．若紧急刹车时两车相距40米，则不会发生追尾事故且两车最近时相距10米8．一物体做匀加速直线运动，加速度为2m/s2，下列说法正确的是（）A．在任意1s内物体速度的变化量均为2m/sB．第2s末的速度比第3s末的速度小2m/sC．任意一秒内的末速度均为初速度的2倍D．第n s末的速度比第1s末的速度大2（n﹣1）m/s9．在一平直路面上，甲、乙两车于同一地点出发同向运动的v﹣t 图象如图所示，在乙车从开始运动到停下的过程中，下列说法正确的是（）A．甲车与乙车在t1时刻的距离达到最大值B．甲车与乙车的平均速度相等且等于C．甲车的平均速度小于乙车的平均速度D．甲车的平均速度大于乙车的平均速度10．甲、乙两质点在同一直线上做匀加速直线运动的v﹣t图象如图所示，在3s末两质点在途中相遇．由图象可知（）A．相遇前甲、乙两质点的最远距离为2mB．相遇前甲、乙两质点的最远距离为4mC．出发前两质点的位置是乙在甲之前4mD．出发前两质点的位置是甲在乙之前4m二、填空题（每小题5分，共20分）11．电磁打点计时器用频率为50Hz的交流电源，由这种打点计时器打出的相邻的两点间对应的时间间隔为秒．如图表示的是由这种打点计时器打出的某运动物体拉动的纸带上连续打出的若干点中的一段．如果测得AE两点间的距离为24.8cm，那么就可以确定物体在AE段对应的平均速度，其大小为；如果进一步验证了该运动为匀加速直线运动，那么就可以确定该物体在C点对应的瞬时速度，其大小为；如果再进一步测得AC两点间的距离为12.2cm，那么就可以确定该运动的加速度为．12．某一物体其运动的速度图象如图所示，那么物体在0～t1时间内的加速度大小为，t1～t2时间内通过的位移为，（用图中相关的物理量表示）在t2～t3内与在t3～t4内物体的运动方向改变（填“有”或“没有”），加速度（填“相同”或“不相同”）．13．某同学在研究性学习中用图示装置来验证牛顿第二定律，轻绳两端系着质量相等的物体A、B，物体B上放一金属片C，铁架台上固定一金属圆环，圆环处在物体B的正下方．系统静止时，金属片C与圆环间的高度差为h，由静止释放后，系统开始运动．当物体B穿过圆环时，金属片C被搁置在圆环上，两光电门固定在铁架台P1、P2处，通过数字计时器可测出物体B通过P1、P2这段距离的时间．（1）若测得P1、P2之间的距离为d，物体B通过这段距离的时间为t，则物体B刚穿过圆环后的速度v=；（2）若物体A、B的质量均用M表示，金属片C的质量用m表示，该实验中验证下面（填正确选项的序号）等式成立，即可验证牛顿第二定律；A．mg=M B．mg=M C．mg=（2M+m）D．mg=（M+m）（3）本实验中的测量仪器除了刻度尺、数字计时器外，还需要；（4）若M＞＞m，改变金属片C的质量m，使物体B由同一高度落下穿过圆环，记录各次的金属片C的质量m，以及物体B通过P l、P2这段距离的时间t，以mg为横轴，以（填“t2”或“”）为纵轴，通过描点作出的图线是一条过原点的直线．14．某同学利用图（a）所示的实验装置探究物块速度随时间的变化．物块放在桌面上，细绳的一端与物块相连，另一端跨过滑轮挂上钩码．打点计时器固定在桌面左端，所用交流电源频率为50Hz．纸带穿过打点计时器连接在物块上．启动打点计时器，释放物块，物块在钩码的作用下拖着纸带运动．打点计时器打出的纸带如图（b）所示（图中相邻两点间有4个点未画出）．根据实验数据分析，该同学认为物块的运动为匀加速运动．回答下列问题：（1）在打点计时器打出B点时，物块的速度大小为m/s．在打出D点时，物块的速度大小为m/s；（保留两位有效数字）（2）物块的加速度大小为m/s2．（保留两位有效数字）三、计算题（每小题10分，共40分）15．某同学在百米比赛中，以6m/s2的加速度迅速从起点冲出，到50m处的速度是8.2m/s，在全程中间时刻t1=6.25s时速度为8.3m/s，最后以8.4m/s的速度冲过终点，他的百米平均速度为多大？16．亮亮星期天跟妈妈去商厦购物，亮亮做了一个有趣的实验．他发现，乘自动扶梯上楼，如果站在扶梯上不动，扶梯可以在60s内把他送到楼上去．若扶梯不动，他可用30s沿扶梯走到楼上．试计算亮亮在仍以原来的速度沿扶梯向上运动，同时扶梯也开动的情况下，需用多长时间才能到楼上？17．火车站上由于工作人员操作失误致使一节车厢以4m/s的速度匀速滑出了车站，此时在同一轨道上一列火车正在以72km/h的速度匀速驶向车站，技术娴熟的火车司机突然发现这种紧急情况后，立即以大小为0.8m/s2的加速度紧急刹车，之后又立即以此加速度使火车反向加速运动，若车厢与火车相遇恰好不相撞．求：（1）司机发现车厢向自己驶来开始制动到刚好相遇用的时间．（2）司机发现车厢向自己驶来开始制动时离车厢的距离．18．在一次低空跳伞训练中，当直升机悬停在离地面224m高处时，伞兵离开飞机做自由落体运动．运动一段时间后，打开降落伞，展伞后伞兵以12.5m/s2的加速度匀减速下降．为了伞兵的安全，要求伞兵落地速度最大不得超过5m/s，求：（取g=10m/s2）（1）伞兵展伞时，离地面的高度至少为多少？（2）伞兵在空中的最短时间为多少？2017-2018学年江西省吉安市新干二中高三（上）第一次段考物理试卷（8月份）参考答案与试题解析一、选择题（每小题4分，共40分）．1．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体I、II的速度图象如图所示，在0～t2时间内，下列说法中正确的是（）A．Ⅰ、Ⅱ两个物体在t1时刻相遇B．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是C．Ⅰ、Ⅱ两个物体所受的合外力都在不断减小D．Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】速度﹣时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，再根据平均速度的定义进行分析．【解答】解：A、图线与坐标轴围成图形的面积Ⅰ大于Ⅱ，所以I、II两个物体在t1时刻不相遇，A错误；B、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，如果物体的速度从v2均匀减小到v1，或从v1均匀增加到v2，物体的位移就等于图中梯形的面积，平均速度就等于故Ⅰ的平均速度大于，Ⅱ的平均速度小于，故B错误；C、速度﹣时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，故物体Ⅰ做加速度不断减小的加速运动，物体Ⅱ做加速度不断减小的减速运动，根据牛顿第二定律知I、II两个物体所受的合外力都在不断减小，C正确D错误；故选：C．2．如图是某质点运动的速度图象，由图象得到的正确结果是（）A．0～1s内该质点的平均速度大小是2m/sB．0～1s内该质点的位移大小是2mC．0～1s内该质点的加速度大于2～4s内的加速度D．0～1s内该质点的运动方向与2～4s内的运动方向相反【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】质点做匀变速运动时，平均速度公式为=．速度图象的“面积”大小等于位移，斜率等于加速度，由速度的正负读出速度的方向．【解答】解：A、0～1s内的平均速度是==1m/s．故A错误．B、速度图象的“面积”大小等于位移，则有0～1s内的位移大小是x=×2×1=1m．故B错误C、速度图象的斜率等于加速度，则知0～1s内的加速度大于2～4s内的加速度，故C正确．D、速度的正负表示速度的方向，则知0～1s内的运动方向与2～4s内的运动方向相同．故D错误．故选：C．3．如图所示A、B两个运动物体的s﹣t图象，下述说法正确的是（）A．A、B两个物体开始时相距100m，同时同向运动B．B物体做匀减速直线运动，加速度大小为5m/s2C．A、B两个物体运动8s时，在距A的出发点60m处相遇D．A物体在2s到6s之间做匀速直线运动【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】在位移图象中图象的斜率代表物体运动的速度；交点表示相遇．【解答】解：A、根据图象，A、B两物体开始时相距100m，速度方向相反，是相向运动，故A错误；B、s﹣t图象的斜率表示速度，故B物体做匀速直线运动，速度大小为：v==﹣5m/s；故B错误；C、t=8s时有交点，表面A、B两物体运动8s时，在距A的出发点60m处相遇，故C正确；D、2s﹣6s，物体A位置坐标不变，保持静止，即停止了4s；故D错误；故选：C．4．甲、乙两辆汽车在平直的公路上同一地点沿相同方向由静止开始做直线运动，它们运动的加速度随时间变化a﹣t图象如图所示．关于甲、乙两车在0～20s 的运动情况，下列说法正确的是（）A．在t=10s时两车相遇B．在t=20s时两车相遇C．在t=10s时两车相距最近D．在t=20s时两车相距最远【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】加速度与时间图线围成的面积表示速度的变化量，抓住围成的面积相等得出速度变化量相等，即速度相等，从而结合速度大小关系分析两者距离的关系．【解答】解：根据加速度﹣时间图象可知道图象与时间轴所围成的面积表示速度的变化量，在t=20s时，两图象与t轴所围成的面积相等，即该时刻两车的速度相等，在t=20s前乙车的速度大于甲车的速度，所以乙车在甲车的前方，所以两车逐渐远离，在t=20s时，两车的速度相等，即相距最远，由以上分析可知，在t=20s，两车不可能相遇，两车相距最远．故D正确，A、B、C错误．故选：D．5．甲、乙两个质点同时沿同一直线运动，甲的初速度大小是乙的2倍，其速度时间图象如图所示，下列说法正确的是（）A．在t=0时刻，甲乙的运动方向相同B．在0﹣t2时间内，乙的加速度先增大后减小C．若甲乙从同一位置出发，则t=t1时刻它们相距最远D．若甲乙从同一位置出发，则t=t2时刻它们相距最远【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，分析速度的大小判断何时两个物体相距最远．【解答】解：A、在t=0时刻，甲的速度为正，乙的速度为负，则知甲乙的运动方向相反，故A错误．B、速度时间图线的斜率表示加速度，则知在0﹣t2时间内，乙的加速度一直减小，故B错误．CD、甲一直沿正向运动，乙先沿负向运动，后沿正向运动，两者都沿正向运动时，若甲乙从同一位置出发，t=t2时刻前，甲的速度较大，两者间距增大，t=t2时刻后，乙的速度较大，两者间距减小，故t=t2时刻它们相距最远．故C错误，D正确．故选：D6．如图所示，两条曲线为汽车a、b在同一条平直公路上的v﹣t图象，已知在t2时刻，两车相遇，下列说法正确的是（）A．在t1～t2时间内，a车加速度先减小后增大B．在t1～t2时间内，a车的位移比b车的小C．t2时刻可能是b车追上a车D．t1时刻前的某一时刻两车可能相遇【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】根据速度时间图线判断汽车的运动规律，通过图线与时间轴围成的面积表示位移判断哪个汽车在前．通过图线的斜率判断加速度的变化【解答】解：A、图线切线的斜率表示加速度，可知a车的加速度先减小后增大，故A错误．B、图象与坐标轴的面积表示位移，则在t1～t2时间内，a车的位移比b车的大，故B错误；C、在t2时刻，两车相遇，在t1﹣t2时间内，a图线与时间轴围成的面积大，则a的位移大，可知t1时刻，b车在前，a车在后，则t2时刻是a车追上b车．故C错误．D、t1时刻，b车在前，a车在后，在t1时刻之前b的位移比a的位移大，所以t1时刻前的某一时刻两车可能相遇．故D正确．故选：AD7．在大雾天，一辆小汽车以30m/s的速度匀速行驶在高速公路上，突然发现正前方30m处有一辆大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，如图所示，图线a、b分别为小汽车和大卡车的v﹣t图象（忽略刹车反应时间），以下说法正确的是（）A．在0到1秒小汽车加速度大小为10m/s2B．因刹车失灵前小汽车已减速，故不会发生追尾事故C．在t=3s时发生追尾事故D．若紧急刹车时两车相距40米，则不会发生追尾事故且两车最近时相距10米【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】当两车通过的位移之差等于30m时，两车会发生追尾．根据速度﹣时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移，进行分析【解答】解：A、在v﹣t图象中斜率代表加速度故加速度大小为a=，故A正确BC、根据速度﹣时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移，由图知，t=3s时，b车的位移为：s b=v b t=10×3m=30ma车的位移为s a=×（30+20）×1+×（20+15）×2=60m，则s a﹣s b=30m，所以在t=3s时追尾．故B错误，C正确．D、若紧急刹车时两车相距40米，速度相等时，a车的s1=×（30+20）×1+×（20+10）×4m=85m，b车位移s2=50m，因为s2+40＞s1，则不会发生追尾事故，最近距离△s=40+50﹣85m=5m．故D错误．故选：AC．8．一物体做匀加速直线运动，加速度为2m/s2，下列说法正确的是（）A．在任意1s内物体速度的变化量均为2m/sB．第2s末的速度比第3s末的速度小2m/sC．任意一秒内的末速度均为初速度的2倍D．第n s末的速度比第1s末的速度大2（n﹣1）m/s【考点】加速度；速度．【分析】加速度等于单位时间内的速度变化量，结合加速度的定义式分析判断．【解答】解：A、物体做匀加速直线运动，加速度为2m/s2，知任意1s内物体的速度变化量为2m/s，故A正确．B、3s末比2s末多1s，则2s末的速度比3s末的速度小2m/s，故B正确．C、任意1s内速度增加2m/s，不是2倍的关系，故C错误．D、第ns末比1s末多（n﹣1）s，则速度增加2（n﹣1）m/s，故D正确．故选：ABD．9．在一平直路面上，甲、乙两车于同一地点出发同向运动的v﹣t 图象如图所示，在乙车从开始运动到停下的过程中，下列说法正确的是（）A．甲车与乙车在t1时刻的距离达到最大值B．甲车与乙车的平均速度相等且等于C．甲车的平均速度小于乙车的平均速度D．甲车的平均速度大于乙车的平均速度【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】根据速度图象与坐标轴所围的“面积”大小等于物体的位移，速度图象的斜率等于加速度．平均速度=．【解答】解：A、t＜t1时，v乙＞v甲，△x增大，t＞t1时，v乙＞v甲，△x减小，故A正确；B 、由匀变速运动规律知，甲=由图线面积知x 乙＞x 甲，故乙＞甲，C 对，B 、D 均错．故选：AC ．10．甲、乙两质点在同一直线上做匀加速直线运动的v ﹣t 图象如图所示，在3s 末两质点在途中相遇．由图象可知（ ）A ．相遇前甲、乙两质点的最远距离为2mB ．相遇前甲、乙两质点的最远距离为4mC ．出发前两质点的位置是乙在甲之前4mD ．出发前两质点的位置是甲在乙之前4m【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】由速度图象的“面积”大小等于位移，求出3s 末两物体的位移，此时两者相遇，则出发前甲乙相距的距离等于3s 末位移之差．根据两物体的速度大小关系，分析它们之间距离的变化，求解相遇前两质点的最远距离．【解答】解：C 、D 、3s 末甲、乙通过的位移分别为：x 乙=×4×3m=6m ，x 甲=×2×2m=2m ，△x=x 乙﹣x 甲=4m ．由题，3秒末两质点在途中相遇，则说明出发前甲在乙之前4m 处．故C错误，D 正确．A 、B ，由于出发前甲在乙之前4m 处，出发后乙的速度一直大于甲的速度，则两质点间距离不断缩短，所以相遇前甲乙两质点的最远距离为4m ．故A 错误，B 正确． 故选：BD二、填空题（每小题5分，共20分）11．电磁打点计时器用频率为50Hz 的交流电源，由这种打点计时器打出的相邻的两点间对应的时间间隔为 0.02 秒．如图表示的是由这种打点计时器打出的某运动物体拉动的纸带上连续打出的若干点中的一段．如果测得AE 两点间的距离为24.8cm ，那么就可以确定物体在AE 段对应的平均速度，其大小为 3.1m/s ；如果进一步验证了该运动为匀加速直线运动，那么就可以确定该物体在C 点对应的瞬时速度，其大小为 3.1m/s ；如果再进一步测得AC 两点间的距离为12.2cm ，那么就可以确定该运动的加速度为 2.5m/s 2 ．【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【分析】电源频率是50Hz 时，打点计时器打点时间间隔是0.02s ；根据纸带上两点间的间隔数求出打两个点的时间间隔，然后由平均速度公式求出平均速度；做匀变速运动的物体在某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度； 做匀变速运动的物体在相邻的相等时间间隔内的位移之差是一个定值，△x=at 2． 【解答】解：交流电频率是50Hz ，打点时间间隔是T=0.02s ；AE段的时间t=0.02s×4=0.08s，AE段的平均速度==m/s=3.1m/s；C是AE的中间时刻，物体做匀变速运动，C点的瞬时速度等于AE的平均速度，即3.1m/s；运动的加速度a===m/s2=2.5m/s2；故答案为：0.02；3.1m/s；3.1m/s；2.5m/s2．12．某一物体其运动的速度图象如图所示，那么物体在0～t1时间内的加速度大小为，t1～t2时间内通过的位移为（2﹣1），（用图中相关的物理量表示）在t2～t3内与在t3～t4内物体的运动方向有改变（填“有”或“没有”），加速度相同（填“相同”或“不相同”）．【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】v﹣t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的面积表示位移．【解答】解：物体在0～t1时间物体的加速度a==；根据图象与坐标轴围成的面积表示位移得：S=v（t2﹣t1）；在t2～t3内与在t3～t4内，跨过时间轴，则物体的运动方向发生改变，由于仍在同一条直线上，所以加速度不变；故答案为：，v（t2﹣t1），有，相同．13．某同学在研究性学习中用图示装置来验证牛顿第二定律，轻绳两端系着质量相等的物体A、B，物体B上放一金属片C，铁架台上固定一金属圆环，圆环处在物体B的正下方．系统静止时，金属片C与圆环间的高度差为h，由静止释放后，系统开始运动．当物体B穿过圆环时，金属片C被搁置在圆环上，两光电门固定在铁架台P1、P2处，通过数字计时器可测出物体B通过P1、P2这段距离的时间．（1）若测得P1、P2之间的距离为d，物体B通过这段距离的时间为t，则物体B刚穿过圆环后的速度v=；（2）若物体A、B的质量均用M表示，金属片C的质量用m表示，该实验中验证下面C （填正确选项的序号）等式成立，即可验证牛顿第二定律；A．mg=M B．mg=M C．mg=（2M+m）D．mg=（M+m）（3）本实验中的测量仪器除了刻度尺、数字计时器外，还需要天平；（4）若M＞＞m，改变金属片C的质量m，使物体B由同一高度落下穿过圆环，记录各次的金属片C的质量m，以及物体B通过P l、P2这段距离的时间t，以mg为横轴，以（填“t2”或“”）为纵轴，通过描点作出的图线是一条过原点的直线．【考点】验证牛顿第二运动定律．【分析】本题（1）的关键是明确物体B在和之间做匀速直线运动；题（2）的关键是分别对物体A以及B与C列出牛顿第二定律表达式，结合运动学公式联立即可求解；题（3）的关键是由于表达式中含有质量m，可知需要天平；题（4）的关键是根据牛顿第二定律和运动学公式求出mg与的函数表达式即可．【解答】解：（1）：B通过圆环后将匀速通过光电门，则B刚穿过圆环后的速度为：v=；（2）：设绳子拉力大小为F，对A由牛顿第二定律得：F﹣Mg=Ma对B与C整体下落h的过程，由牛顿第二定律得：（M+m）g﹣F=（M+m）a再由运动学公式应有：=2ah联立以上各式可得：mg=（2M+m），所以C正确；故选：C（3）：根据上面的表达式可知需要已知金属片C的质量，所以还需要的器材是天平；（4）：在释放至金属片C被搁置在圆环上过程中，分别对A和B、C由牛顿第二定律可得：对A有：F﹣Mg=Ma…①对B和C有：（M+m）g﹣F=（M+m）a…②再由匀变速直线运动公式应有：=2ah…③又v=…④联立①②③④各式解得：=；所以，以mg为横轴以为纵轴的图线是一条过原点的直线．故答案为：（1）；（2）C；（3）天平；（4）14．某同学利用图（a）所示的实验装置探究物块速度随时间的变化．物块放在桌面上，细绳的一端与物块相连，另一端跨过滑轮挂上钩码．打点计时器固定在桌面左端，所用交流电源频率为50Hz．纸带穿过打点计时器连接在物块上．启动打点计时器，释放物块，物块在钩码的作用下拖着纸带运动．打点计时器打出的纸带如图（b）所示（图中相邻两点间有4个点未画出）．根据实验数据分析，该同学认为物块的运动为匀加速运动．回答下列问题：（1）在打点计时器打出B点时，物块的速度大小为0.56m/s．在打出D点时，物块的速度大小为0.96m/s；（保留两位有效数字）（2）物块的加速度大小为 2.0m/s2．（保留两位有效数字）【考点】探究小车速度随时间变化的规律；测定匀变速直线运动的加速度．【分析】（1）做匀变速直线运动的物体，某一时间内的平均速度等于这段时间中间时刻的瞬时速度，所以B点的速度等于AC两点间的平均速度，D点速度等于CE两点间的平均速度（2）根据逐差法求加速度【解答】解：（1）根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，所以（2）根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小，得为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值得。
(解析版)江西省新干县第二中学2017-2018学年高二上学
江西省新干县第二中学2017-2018学年高二上学期第一次段考物理（4、5班）试题一．选择题1.物理学中引入“质点”、“点电荷”等概念，从科学方法上来说是属于（）A. 控制变量的方法B. 观察实验的方法C. 建立理想化模型的方法D. 等效替代的方法【答案】C【解析】物理学引入“质点”、“点电荷”等概念，从科学研究方法上来说是属于建立理想化的物理模型的方法，故选C.2.在如图所示电路中，当变阻器R3的滑片向b端移动时（）A. 电压表示数变大，电流表示数变小B. 电压表示数变小，电流表示数变大C. 电压表示数变大，电流表示数变大D. 电压表示数变小，电流表示数变小【答案】B【解析】由图可知，与滑动变阻器并联后串联；电压表测量路端电压；电流表测量流过滑动变阻器的电流；当滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；干路电流增大，则由U=E-Ir可得，路端电压U减小；电压表示数减小；因干路电流增大，则两端的电压增大，并联部分电压减小，则流过的电流减小；则流过电流表的电流增大；故选B。
【点睛】闭合电路的欧姆定律一般按先分析外电路，再分析内电路，最后再分析外电路的思路进行；若电阻与电源串联，可以等效为内阻处理．3.在孤立负点电荷形成的电场中，四个带电粒子分别仅在电场力作用下运动，v﹣t图象如图所示，则下列说法正确的是（）A. a，c带正电，b，d 带负电B. a，c带负电，b，d 带正电C. a，d带正电，b，c带负电D. a，d带负电，b，c带正电【答案】B【解析】【详解】由图线可知，a做加速度减小的加速运动，故可知a一定远离负点电荷而去，故带负电；b做加速度增大的加速运动，故可知b靠近负点电荷而来，故b带正电；c做加速度增大的减速运动，故可知c靠近负点电荷而来，故c应带负电；d做加速度减小的减速运动，故可知d远离负点电荷而去，故d带正电；则可知，B正确，ACD错误；故选B。
【点睛】此题是对点电荷电场及v-t图线的考查；解题的关键是能从v-t图象中知道电荷的运动信息，v-t线切线的斜率等于物体的加速度，根据加速度的变化即可判断电荷的运动情况，得到电荷的电性．4.如图所示，直线OC为某一直流电源的总功率P总随着总电流I变化的图线，曲线OBC为同一直流电源内部的热功率P r随电流I的变化图线，若A、B对应的横坐标为2A，则下面说法中不正确的是( )A. 电源电动势为3V，内阻为1ΩB. 线段AB表示的功率为2WC. 电流为2A时，外电路电阻为0.5ΩD. 电流为3A时，外电路电阻为2Ω【答案】D【解析】试题分析：A、由图读出时，电源的功率，电源内部发热功率，根据电源的功率可得电源电动势，电源内部发热功率可得电源的内阻为；正确B、当电流时，电源的功率为,电源内部发热功率，则线段AB 表示功率为；正确C、当电流时，由可得外电阻为；正确D、当电流为3A时，由题知R=0；错误故选ABC考点：电源的三种功率点评：对于电源要分清三种功率及其关系：电源的总功率，电源内部发热功率，外电路消耗功率，且根据能量关系得。
江西省新干县第二中学等四校2018届高三物理第一次联考试题
江西省新干县第二中学等四校2018届高三物理第一次联考试题考试时间：2017年9月28日一、选择题（4×12=48分，1—8单选，9—12多选，错选不给分，少选给2分）1、在物理学发展上许许多多科学家做出了巨大贡献。
下列符合物理史实的是（）A.牛顿提出了万有引力定律并利用扭秤实验装置测量出万有引力常量B.法拉第通过精心设计的实验，发现了电磁感应现象C.卡尔最先把科学实验和逻辑推理方法相结合，否认了力是维持物体运动状态的原因D.第谷用了20年时间观测记录行星的运动，发现了行星运动的三大定律2 如图所示为两个物体A和B在同一直线上沿同一方向同时开始运动的v－t图线，已知在第3 s末两个物体在途中相遇，则( )A．A、B两物体是从同一地点出发B. 3 s内物体A的平均速度比物体B的大C. A、B两物体在减速段的加速度大小之比为3∶1D. t＝1 s时，两物体第一次相遇3、如图（a）所示，两段等长轻质细线将质量分别为m、2m的小球A、B（均可视为质点）悬挂在O点，小球A受到水平向右的恒力F1的作用，小球B受到水平向左的恒力F2的作用，当系统处于静止状态时，出现了如图（b）所示的状态，小球B刚好位于O点正下方．则F1与F2的大小关系正确的是（）A．F1=4F2B．F1=3F2C．2F1=3F2D．2F1=5F24、. 如图所示，ab、cd是竖直平面内两根固定的光滑细杆，a、b、c、d位于同一圆周上，b点为圆周的最低点，c点为圆周的最高点，若每根杆上都套着一个小滑环(图中未画出)，将两滑杆同时从a、c处由静止释放，用t1、t2分别表示滑环从a到b、c到d所用的时间，则( )A. t1＝t2B. t1>t2C. t1<t2D. 无法确定5、一只小船在静水中的速度为3m/s，它要渡过30m宽的河，河水的速度为4m/s，则下列说法正确的是（）A．船不能渡过河B．船渡河的速度一定为5m/sC．船不能垂直到达对岸 D．船渡河的时间不可能为10s6.汽车在水平地面的启动和刹车过程可看作匀加速和匀减速直线运动，地面的潮湿与干燥会影响刹车时间及刹车距离，但对启动过程影晌不大。
新干县第二中学2017-2018学年高二物理上学期第一次段考试题(理普,含解析)
江西省新干县第二中学2017—2018学年高二上学期第一次段考物理(理普）试题一．选择题1.物理学中引入“质点”、“点电荷"等概念，从科学方法上来说是属于( ）A. 控制变量的方法B。
观察实验的方法C. 建立理想化模型的方法D。
等效替代的方法【答案】C【解析】物理学引入“质点”、“点电荷"等概念，从科学研究方法上来说是属于建立理想化的物理模型的方法，故选C.2.关于电场强度定义式E=F/q，以下说法正确的是（）A. 电场中某点的场强的大小与电荷在该点所受的静电力成正比，与电荷量成反比B. 放在电场中某点的电荷所受的静电力大小与该电荷的电荷量成正比C. 将放在电场中某点的正电荷改为—q，则该点的场强大小不变，方向反向D. 若取走放在电场中某点的电荷，则该点的电场强度变为零【答案】B【解析】试题分析：A、电场中某点的电场强度与放入电场中的电荷、以及电荷所受的电场力无关,故A错误;B、根据F=qE知，电荷在某点所受的电场力与电荷量成正比,故B 正确；CD、电场中某点的电场强度的大小和方向与放入电场中的电荷无关,即使将检验电荷移走，该点的电场强度不变，故C、D错误。
故选：B。
考点：电场强度．【名师点睛】解决本题的关键知道电场强度的定义式，电场中某点的电场强度与放入电场中的有无电荷、电荷量的多少、电荷所受的电场力都无关系,只由电场本身的性质决定．根据F=qE知,电荷在某点所受的电场力与电荷量成正比。
3.如图，一边长为2m的正方形放在与其平面平行的匀强电场中，A、B、C、D是该正方形的四个顶点,已知A、B、C三点的电势分别为φA=10V、φB=2V、φC=﹣2v，则D点电势φD =（)A。
0VB。
2VC. 6VD。
8V【答案】C【解析】【详解】匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化都相等，故φA-φB=φD—φC，即得φD=6V，故C正确。
4。
MN为M点左侧的正点电荷产生的电场中的一条电场线，一个带电的粒子（不计重力）从a到b穿越这条电场线的轨迹如图中虚线所示．下列结论正确的是( ）A. 粒子在a点具有的电势能大于在b点具有的电势能B。
江西省新干县第二中学高二物理上学期精选试卷检测题
江西省新干县第二中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，一带电小球P用绝缘轻质细线悬挂于O点。
带电小球Q与带电小球P处于同一水平线上，小球P平衡时细线与竖直方向成θ角（θ<45°）。
现在同一竖直面内向右下方缓慢移动带电小球Q，使带电小球P能够保持在原位置不动，直到小球Q移动到小球P位置的正下方。
对于此过程，下列说法正确的是（）A．小球P受到的库仑力先减小后增大B．小球P、Q间的距离越来越小C．轻质细线的拉力先减小后增大D．轻质细线的拉力一直在减小【答案】AD【解析】【分析】【详解】画出小球P的受力示意图，如图所示当小球P位置不动，Q缓慢向右下移动时，Q对P的库仑力先减小后增大，根据库仑定律可得，QP间的距离先增大后减小；轻质细线的拉力则一直在减小，当Q到达P的正下方时，轻质细线的拉力减小为零，故选AD。
2．如图所示,内壁光滑的绝缘半圆容器静止于水平面上，带电量为q A的小球a固定于圆心O的正下方半圆上A点；带电量为q,质量为m的小球b静止于B点，其中∠AOB=30°。
由于小球a的电量发生变化，现发现小球b沿容器内壁缓慢向上移动，最终静止于C点(未标出)，∠AOC =60°。
下列说法正确的是（ ）A ．水平面对容器的摩擦力向左B ．容器对小球b 的弹力始终与小球b 的重力大小相等C ．出现上述变化时，小球a 的电荷量可能减小D ．出现上述变化时，可能是因为小球a 的电荷量逐渐增大为32(23)A q【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】A ．对整体进行受力分析，整体受到重力和水平面的支持力，两力平衡，水平方向不受力，所以水平面对容器的摩擦力为0，故A 错误；B ．小球b 在向上缓慢运动的过程中，所受的外力的合力始终为0，如图所示小球的重力不变，容器对小球的弹力始终沿半径方向指向圆心，无论小球a 对b 的力如何变化，由矢量三角形可知，容器对小球的弹力大小始终等于重力大小，故B 正确； C ．若小球a 的电荷量减小，则小球a 和小球b 之间的力减小，小球b 会沿半圆向下运动，与题意矛盾，故C 错误；D ．小球a 的电荷量未改变时，对b 受力分析可得矢量三角形为顶角为30°的等腰三角形，此时静电力为22sin15A qq mg kL︒= a 、b 的距离为2sin15L R =︒当a 的电荷量改变后，静电力为2A qq mg kL '='a 、b 之间的距离为L R '=由静电力122'q q F kL = 可得3223A A q q -=-'（） 故D 正确。
【物理试题】江西省新干县第二中学等四校2017-2018学年高二物理12月联考试卷.doc
江西省新干县第二中学等四校2017-2018学年高二物理12月联考试题（考试时间：90分钟总分：100分）第Ⅰ卷（选择题共40分）一、单项选择题（共10题，1---7单选，8----10多选，每小题4分，共40分，漏选得2分，错选多选不得分）1、以下说法正确的是（）A．电阻是表征材料导电性能的物理量，电阻越小，导电性能越好B．欧姆定律对非纯电阻元件也适用C．电场中某点的场强的大小与电荷在该点所受的静电力成正比，与电荷量成反比D．回旋加速器通过电场力做功达到加速粒子的目的2．所示，光滑绝缘水平面上有三个带电小球A、B、C（可视为点电荷），三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力作用下静止，则以下判断正确的是（）A．A对B的静电力一定是引力B．A对B的静电力可能是斥力C．A的电量可能比B少D．C的电量一定比B少3．关于电场和磁场，下列说法正确的是：（）A．电场是假想的，并不是客观存在的物质B．描述磁场的磁感线是客观存在的，且磁场中的任何两条磁感线不相交。
C．电场中某处场强的方向就是放入该处试探电荷所受电场力的方向D．磁场对在它其中运动的电荷可能没有力的作用．4．额定电压为4.0V的直流电动机的线圈电阻为1.0 ，正常工作时，电动机线圈每秒产生的热量为4.0J，下列计算结果正确的是（）A．电动机正常工作时的电流强度为4.0A B．电动机正常工作时的输出功率为8.0W C．电动机每分钟将电能转化成机械能为240.0J D．电动机正常工作时的输入功率为4.0W5、小灯泡通电后其电流I 随所加电压U 变化的图线如图所示，P 为图线上一点，PN 为图线的切线，PQ 为U 轴的垂线，PM 为I 轴的垂线．则下列说法中正确的是（ ）A ．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻不变B ．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小C ．对应P 点，小灯泡电阻为121U R I I =-，功率为P=U 1I 2D ．对应P 点，小灯泡电阻为R=U 1/I 2 功率为P=U 1I 26. 如右图所示，把两个完全一样的环形线圈互相垂直地放置，它们的圆心位于一个共同点O 上，当通以相同大小的电流时，O 点处的磁感应强度与一个线圈单独产生的磁感应强度大小之比是( ) A ．1∶1 B ．2∶1 C. 1∶ 2 D ．2∶17．如图所示，在以坐标原点O 为圆心、半径为R 的半圆形区域内，有相互垂直的匀强电场和匀强磁场，磁感应强度为B ，磁场方向垂直于xOy 平面向里。
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新干二中高二年级第一次段考物理（3.4班）试卷一．选择题（1-6单选，7-10多选。
）（每题4分，共40分）1、物理学中引入“质点”、“点电荷”等概念，从科学方法上来说是属于（）A．控制变量的方法 B．观察实验的方法C．建立理想化模型的方法 D．等效替代的方法2．在如图所示的电路中，当变阻器R3的滑动头P由a端向b端移动时（）A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小3、在孤立负点电荷形成的电场中，四个带电粒子分别仅在电场力作用下运动，v﹣t图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．a，c带正电，b，d 带负电B．a，c带负电，b，d 带正电C．a，d带正电，b，c带负电D．a，d带负电，b，c带正电4、如图所示，直线OC为某一直流电源的总功率P总随着总电流I变化的图线，曲线OBC为同一直流电源内部的热功率P r随电流I的变化图线，若A、B对应的横坐标为2A，则下面说法中不正确的是( )A．电源电动势为3V，内阻为1ΩB．线段AB表示的功率为2WC．电流为2A时，外电路电阻为0.5ΩD．电流为3A时，外电路电阻为2Ω5、将电源、直流电动机与滑动变阻器串联构成一个回路，已知电源电动势为12 V、内阻为3 Ω，直流电动机内阻为1 Ω。
调节滑动变阻器使电路中电源的输出功率最大，电动机刚好正常工作(额定功率为6 W)，则下列说法中错误的是( )A.通过电动机的电流为2 AB.电源的效率为50%C.滑动变阻器连入电路部分的阻值为2 ΩD.电动机的发热功率为4 W6、上海世博会期间为加强环保，人们出行大量使用了自动充电式电动汽车。
关闭发动机，让汽车以5000J的初动能在粗糙的水平路面上滑行：第一次关闭充电装置，其动能随位移的变化关系如图中甲所示；第二次启动充电装置，其动能随位移的变化关系如图中乙所示，则汽车向蓄电池所充电能为（）A.2000JB.2500JC.3000JD.5000J7、2013年小米手机成为国产手机的精品畅销品牌，极具竞争力，如图所示，为一块手机电池的背面印有的一些符号，下列说法正确的是（）A、该电池的容量为500 mA·hB、该电池的电动势为3.6 VC 、该电池在工作1小时后达到的电流为500 mAD 、若电池以10 mA 的电流工作，可用50小时8、目前智能手机普遍采用了电容屏．电容触摸屏是利用人体的电流感应进行工作的，它是一块四层复合玻璃屏．玻璃屏的内表面和夹层各涂有一层ITO ，最外层一薄层矽土玻璃保护层，夹层ITO 涂层作为工作面．当手指触摸电容触摸屏时，手指和屏的夹层工作面形成一个电容器，因为工作面上接有高频信号，电流通过电容器分别从屏的四个角上的电极中流出，并且流经这四个电极的电流与手指到四角的距离成正比，控制器通过对这四个电流比例精确计算，得出触摸点的位置．对于触摸屏，下列说法正确的是（ ）A ．使用绝缘笔，在电容屏上也能进行触控操作B ．手指与屏的接触面积变大时，电容变小C ．电容触摸屏只需要触摸，不需要压力既能产生位置信号D ．手指压力变大时，手指与屏的夹层工作面距离变小，电容会变大9、如图所示，a 、b 、c 、d 、e 、f 点是以O 为球心的球面上的点，分别在a 、c 两点处放上等量异种电荷Q +和Q -．下列说法正确的是（ ）A ．b 、d 两点电场强度大小相等，方向相同B ．e 、d 两点电势不同C ．b 、f 两点电场强度大小相等，方向相同D ．e 、d 两点电势相同10、如图所示，细线栓一带负电的小球，球处在竖直向下的匀强电场中，使小球在竖直平面内做圆周运动，则( ) A ．小球不可能做匀速圆周运动B ．当小球运动到最高点时绳的张力可能最小C ．小球运动到最低点时，球的线速度一定最大D ．小球运动到最低点时，电势能一定最大二．填空题(第15题每空1分，其余每空2分，共24分)11、用20分度的游标卡尺测量一个物体的长度，得到图1所示，读数为 cm ．用螺旋测微器测量金属丝的直径，从图2中读出金属丝的直径为 mm ．12、有一电流表，其内阻R g ＝100 Ω，满偏电流I g ＝100 μA.今欲将其改装成量程为3 V 的电压表.(1)应在电流表上串联一阻值为 Ω的电阻.(2)若与标准的电压表比较，此改装的电压表每次的测量值均略偏小，则应 . A.在R 旁再串联一个适当的小电阻 B.在R 旁再串联一个适当的大电阻 C.在R 两端并联一个适当的小电阻 D.在R 两端并联一个适当的大电阻 (3)校正成准确的电压表后，某次测量示数如图所示.此时所测量的电压为 V.13、图是某电源的路端电压随电流变化的特性曲线，则该电源的电动势为 V,内阻为 Ω，短路电流为 A ． 14、在如图甲所示电路中，电源电动势为3.0V ，内阻不计，L 1、L 2、L 3为三个相同规格的小灯泡，这种灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，当开关S 闭合后，L 1消耗的电功率为 _________ W ，L 2的阻值为 _________ Ω．15．某同学要用多用电表测一只电阻，已知多用电表电阻档有4个倍率，分别为×1k、×100、×10、×1，该同学选择×100倍率，用正确的操作步骤测量发现指针偏转角度太大（指针位置如图中虚线所示）. 为了较准确地进行测量，请你补充完整接下去应该进行的主要操作步骤：（1）调节选择开关旋钮，选择× 倍率；（2）两表笔 (填“短接”或“断开”)，调节欧姆调零旋钮，使指针指在0Ω处； （3）重新测量并读数．若这时刻度盘上的指针位置如图中实线所示，则该电阻的阻为 Ω；（4）测量完毕，把选择开关旋钮打至 .三．计算题（6+6+8+8+8=36分）16、规格为“220V 36W ”的排气扇，线圈电阻为40Ω．（1）接上220V 电压后，求排气扇转化为机械能的功率和发热热功率；（2）如果接上220V 电压后，扇叶被卡住，不能转动，求排气扇的电功率和发热功率．17、.U 1从静止加速后垂直进入偏转电场，偏转电场的电压为U 2，两极板间距为d ，极板长度为L ，电子离开偏转电场时的偏转量为h ，每单位电压引起的偏转量（h/U 2）叫示波器的灵敏度，试求：该示波器的灵敏第15题图度，并探究可采用哪些方法提高示波器的灵敏度。
18．如右图所示，板长L＝4 cm的平行板电容器，板间距离d＝3 cm，板与水平线夹角α＝37°，两板所加电压为U＝100 V，有一带负电液滴，带电荷量为q＝3×10－10C，以v0＝1 m/s 的水平速度自A板边缘水平进入电场，在电场中仍沿水平方向并恰好从B板边缘水平飞出．g 取10 m/s2，求：(1)液滴的质量；(2)液滴飞出时的速度．19. 如图7所示一辆电动自行车，它的铭牌上给出了如下的技术参数表后轮驱动直流永磁铁额定电压k＝0.02倍。
取g＝10m/s2，求：1．此车永磁铁电机在额定电压下正常工作时的总功率和效率。
2．该永磁铁电机线圈的电阻是多少？3.仅在永磁铁电机以额定功率提供动力的情况下，人骑车行驶的最大速度。
20、如图电路中，电源的电动势E=3V，内阻r=1Ω，电阻R1=2Ω，R2=R4=1Ω，R3=8Ω，R5=5Ω，电容器的电容C=100μF，求闭合电键K后，通过电阻R3的总电量．高二物理（3.4班）答案一． 选择题（1-6单选，7-10多选。
）（每题4分，共40分） 1.C 2.B 3.B 4.D 5.C 6.A 7ABD 8.CD 9.ACD 10.BD 二．填空题(第15题每空1分，其余每空2分，共24分)11. 10.030 0.517 12. (1)29900 (2)D (3)2.04 13. 6.0 1.6， 3.75 14. 0.75W, 7.5Ω15. 10 、 短接 、 120 、OFF 档（或交流电压最高档） 三．计算题（6+6+8+8+8=36分）16（6分）、（1）接上220V 电压后，排气扇转化为机械能的功率为35W 和发热热功率1W ； （2）如果接上220V 电压后，扇叶被卡住，不能转动，排气扇的电功率等于发热功率为1210W ．17（6分）、根据动能动理，电子进入偏转电场时的速度为v 则U 1e=mv 2/2 (1) 在偏转电场中电子的偏转量为 h=at 2/2=U 2EL 2/2mdv 2 (2)联立（1）（2）式得h/ U 2=L 2/4d U 1 (3)由（3）式可知：增大L 、减小d 、减小U 1都可以提高示波器的灵敏。
18、（8分）[解析] 由于带电液滴所受重力方向竖直向下，所受静电力方向只能垂直两板向上，其合力方向水平向右，做匀加速运动．(1)竖直方向：q Udcos37°＝mg 解得m ＝8×10－8kg(2)解法一：水平方向：q U dsin37°＝ma 解得a ＝g tan37°＝34g设液滴在平行板中飞行距离为s ，则s ＝dsin37°＝0.05 m又由v 2－v 20＝2as 得v ＝v 20＋2as ≈1.32 m/s 解法二：液滴受到的合力F 合＝mg tan37° 由动能定理得F 合s ＝12mv 2－12mv 2解得v ≈1.32 m/s[答案] (1)8×10－8kg (2)1.32 m/s 19.（8分）.(1)140W, 85.7%（2）80/49欧或1.63欧 (3)6m/s20（8分）、【答案】闭合电键K 后，通过电阻R 3的总电量为．【解答】解：电键K 断开时，电容器充电电压为电阻两端的电压，则充电电量且上正下负K电键闭合后，电阻并联与电源内阻串联分压，外电路的总电阻为：=总电流为路端电压为：U=E﹣Ir=3﹣1×1=2V的电压为的电压电容器的电压等于与电压之差，为则得电容器的带电量因为，外电路中顺着电流方向电势降低，可得电容器下极板的电势高，带正电，上极板的电势低，带负电因此，闭合电键K后，通过电阻的总电量答：闭合电键K后，通过电阻R3的总电量为．【点评】本题是电路桥式电路，对于电容器，关键求电压，本题电路稳定时，电容器的电压等容器这一路同侧两个电阻的电压之差．新干二中高二年级第一次段考物理（3、4班）试卷二．填空题(第15题每空1分，其余每空2分，共24分)11．12．（1）（2）（3）13．14．15.三．计算题（6+6+8+8+8=36分）16、（6分）17、（6分）18、（8分）19、（8分）20、（8分）。