甘肃省兰州一中高二化学下学期期末考试试题（含解析）

甘肃兰州一中2021—2021学年度下学期期末考试
高二化学试题
说明：本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部份。

总分值100分，考试时刻100分钟。

答案写在答题卡上，交卷时只交答题卡。

可能用到的相对原子质量: C－12 H－1 O－16
【试卷综析】本试卷是高二学年化学试卷，在注重考查核心知识的同时，突出考查了考纲要求的大体知识，以基础知识和大体技术为载体，以能力测试为主导。

试题全面考查了选修5有机化学的相关知识，包括简单的有机化学基础，有机物结构的推断，同分异构体的书写及判定，未知有机物性质的推断等，考查内容全面，覆盖的考点全，整体来讲，试卷题目新颖，注重化学大体规律，表现了学科的大体要求，培育了学生探讨未知物质性质的能力。

第Ⅰ卷（选择题）
一．选择题（每题只有一个选项符合题意，1-10每题1分，11-26每题2分，共42分）
1．化学在人类生活中扮演着重要角色，以下说法或应用正确的选项是（）
A．皂化反映指酯类物质发生碱性水解
B．光导纤维和合成纤维都属于有机高分子材料
C．苯、汽油、无水乙醇都是纯净物
D．煤经气化和液化两个化学转变进程，可变成清洁能源
【知识点】生活中的化学
【答案解析】D 解析：A、皂化反映指油脂物质在碱性条件下发生的水解反映，故A错误；B、．合成纤维属于有机高分子材料而光导纤维要紧成份是SiO2，是无机物，故B错误；C、苯、无水乙醇都是纯净物，而汽油是混合物，故C错误；D、煤经气化和液化发生了化学反映，产生了新的物质，因此通过这两个化学转变进程，可变成清洁能源，故D正确；
故答案选D
【思路点拨】此题考查生活中的化学知识，是时下考试的热点，要注意此方面知识的积存，难度不大。

2. 以下表达正确的选项是（）
A.TNT
B.石炭酸
C. 聚丙烯的链节：CH3CH＝CH2 D．软脂酸C17H33COOH
【知识点】俗名，结构
【答案解析】B 解析：A、TNT是三硝基甲苯，故A错误；B、石炭酸是苯酚，故B正确；C、聚丙烯的链节-CH（CH3）-CH2-，故C错误；D、C15H31COOH，故D错误；
故答案选B
【思路点拨】此题考查化学物质的俗名及聚合物相应知识点，大体知识，难度不大。

3．以下有关糖类、油脂、蛋白质的说法正确的选项是（）
A.向鸡蛋清溶液中，加入饱和(NH4)2SO4溶液，有白色沉淀产生，说明蛋白质发生了变性
B. 棉花、纸、醋酸纤维的要紧成份都是纤维素
C. 淀粉、牛油、蛋白质都是天然高分子化合物
D. 油脂里饱和烃基的相对含量越大，油脂的熔点越高
【知识点】大体营养物质
【答案解析】D 解析：A、为蛋白质的盐析，故A错误；B、醋酸纤维的要紧成份为纤维素醋酸酯，故B错误；
C、牛油不是天然高分子化合物，故C错误；
D、油脂里饱和烃基的相对含量越大，油脂的熔点越高，故D正确；故答案选D
【思路点拨】此题考查大体营养物质，为基础内容，难度不大。

4．玻璃器皿上沾有一些用水洗不掉的残留物，其洗涤方式正确的选项是（）
①残留在试管内壁上的碘，用酒精洗涤②盛放过苯酚的试剂瓶中残留的苯酚，用酒精洗涤③做银镜反映后试管壁上银镜，用稀氨水洗涤④沾附在试管内壁上的油脂，用热碱液洗涤
A．①③④ B．②③④ C．①②④ D．①②③④
【知识点】化学物质的洗涤
【答案解析】C 解析：①碘单质溶于酒精中，故①正确；②苯酚溶于酒精，故②正确；银不溶于稀氨水，故
③错误；④油脂在碱性条件下可水解，故④正确，故C正确；
故答案选C
【思路点拨】此题考查化学物质的洗涤，实质是物质的溶解性问题，属于大体考点，难度不大。

5．以下化学式中只能表示一种物质的是（）
A.C3H7Cl
B. C2H6O
C. CH2Cl2
D.C2H4O2
【知识点】同分异构体
【答案解析】C 解析：A、C3H7Cl可表示2种结构，故A错误；B、可表示乙醇和甲醚，故B错误；C、只有一种结构，故C正确；D、可表示乙酸和甲酸甲酯，故D错误；
故答案选C
【思路点拨】此题考查有机化合物化学式的书写，实质为考查同分异构体的书写，属于基础内容，难度不大。

6. PHB塑料是一种可在微生物作用下降解的环保型塑料，其结构简式为，下面有关PHB 说法不正确的选项是( )
A．PHB通过加聚反映制得.
B．PHB的单体是CH3CH2CH(OH)COOH
C．PHB在微生物作用下的降解产物可能有CO2和H2O
D．PHB是一种聚酯
【知识点】聚合物的性质
【答案解析】A 解析：A、因为链节上不都是碳原子，因此是缩聚反映取得的产物，故A错误；B、把链节中两个半键相连取得酯，然后在链节的羰基上增加羟基，在链节的氧原子上增加氢原子，如此就可取得单体，因此PHB塑料的单体是CH3CH2CH（OH）COOH，故B正确；C、塑料含有碳、氢、氧三种元素，因此其降解产物可能有CO2和H2O，故C正确；D、该物质是一种聚酯，故D正确；
故答案选A
【思路点拨】此题考查了依照缩聚产物的结构简式判定其单体、反映类型等知识点，难度较大。

7．用酒精灭菌消毒，可使细菌和病毒蛋白质的生理活性发生转变．这种转变属于( )
A．水解B．变性C．盐析D．颜色反应
【知识点】蛋白质的性质
【答案解析】B 解析：加热，强酸强碱重金属盐和有些有机物都可使蛋白质发生变性反映，故B正确；
故答案选B
【思路点拨】此题考查蛋白质的性质，注意区分其盐析与变性的区别是回答本道题的关键，难度不大。

8．以下各化合物中，能发生酯化、还原、加成、消去四种反映的是（）
A．CH3－CH＝CH－CHO B．HOCH2－CH2－CH＝CH－CHO
C．CH3－－－CH3 D．HOCH2－－CH2－CHO
【知识点】有机化学反映
【答案解析】B 解析：A、不能发生酯化与消去反映，故A错误；B、4种反映均能发生，故B正确；C、不能发生还原及加成反映，故C错误；D、不能发生消去反映，故D错误；
故答案选B
【思路点拨】此题考查有机物能够发生的化学反映类型，只要抓住相关官能团能发生的反映即可轻松作答，难度不大。

9．以下依据有关数据作出的推理和判定中，不正确的选项是（）
A．依据相对分子质量的数据，推测乙醇和丙烷沸点的相对高低
B．依据溶解度的数据，选择用重结晶的方式可将粗苯甲酸提纯
C．依据沸点的数据，判定用分馏的方式从石油中获取汽油和煤油等
D．依据燃烧热的数据、热化学方程式和盖斯定律，可计算一些反映的反映热
【知识点】溶解度、饱和溶液的概念；分子间作使劲对物质的状态等方面的阻碍；蒸馏与分馏
【答案解析】A 解析：A、乙醇中含氢键，沸点高，那么不能利用相对分子质量推测乙醇和丙烷沸点的相对高低，故A错误；B、溶解度不同越大，利用重结晶分离成效越好，那么依据溶解度的数据，选择用重结晶的方式可将粗苯甲酸提纯，故B正确；C、利用沸点的不同分离混合物的方式为蒸馏，那么依据沸点的数据，判定用分
馏的方式从石油中获取汽油和煤油等，故C正确；D、依据燃烧热的数据、热化学方程式和盖斯定律，可计算一些反映的反映热，故D正确；
故答案选A
【思路点拨】此题考查较为综合，涉及物质的分离、形式比较等知识，偏重于考查学生的综合运用化学知识的能力和评判能力，题目难度不大，注意把握相关物质的性质和常见混合物的分离提纯方式。

10．以下烯烃中存在顺反异构体的是（）
A．丙烯B．1－丁烯C．3－己烯D．2－甲基－2－丁烯
【知识点】顺反异构体
【答案解析】C 解析：A、丙烯：其中C=C连接相同的H原子，不具有顺反异构，故A错误；B、1－丁烯：其中C=C连接相同的H原子，不具有顺反异构，故B错误；C、3－己烯：其中C=C连接不同的H、-CH2CH2CH3，具有顺反异构，故C正确；D、其中C=C连接相同的H原子，不具有顺反异构，故D错误；
故答案选C
【思路点拨】此题考查有机物的同分异构体，题目难度中等，注意把握顺反异构的结构要求。

11. 酒后驾车是引发交通事故的重要缘故。

交警对驾驶员进行呼气酒精检测的原理是：橙色的K2Cr2O7酸性水溶液遇乙醇迅速生成蓝绿色的Cr3＋。

以下对乙醇的描述与此测定原理有关的是( )
①乙醇沸点低②乙醇密度比水小③乙醇有还原性④乙醇是烃的含氧衍生物
A. ②④
B. ①③
C. ②③
D. ①④
【知识点】乙醇的化学性质
【答案解析】B 解析：：①乙醇沸点低，易挥发，能够易被检测，与测定原理有关；②乙醇密度比水小，可与水以任意比混溶，与测定原理无关；③乙醇分子中含有羟基，具有还原性，K2Cr2C7具有强氧化性，能够把乙醇迅速氧化为乙酸蓝绿色的Cr3+，与测定原理有关；④乙醇具有还原性，K2Cr2C7具有强氧化性，二者发生氧化还原反映，因此乙醇可发生置换反映与此测定原理无关；故对乙醇的描述与此测定原理有关的是①③；故B 正确；
故答案选B
【思路点拨】此题要紧考查乙醇的性质，要依照用途进行选择合理答案，此题中的信息交警对驾驶员进行呼气酒精检测的原理是解答的关键，学生应学会信息的抽取和应用来解答习题。

12．以下各组中的反映，属于同一反映类型的是( )
A．由溴丙烷水解制丙醇，由丙烯与水反映制丙醇
B．由甲苯硝化制对硝基甲苯，由甲苯氧化制苯甲酸
C．由氯乙烷制乙烯，由丙烯与溴反映制1,2­二溴丙烷
D．由乙酸和乙醇制乙酸乙酯，由苯甲酸乙酯水解制苯甲酸和乙醇
【知识点】化学反映类型的判定
【答案解析】D 解析：A、别离为取代反映和加成反映，故A错误；B、别离为取代反映和氧化反映，故B错误；C、别离为消去反映和加成反映，故C错误；D、均为取代反映，故D正确；
故答案选D
【思路点拨】此题考查有机化学大体反映类型，为基础考点，难度不大。

13.以下对有机物结构或性质的描述中错误的选项是( )
A．必然条件下，Cl2可在甲苯的苯环或侧链上发生取代反映
B．乙烷和丙烯的物质的量共1mol，完成燃烧生成3molH2O
C．用核磁共振氢谱不能辨别1—丙醇和2—丙醇
D．间二溴苯仅有一种空间结构可证明苯分子中不存在单双键交替的结构
【知识点】有机化学基础
【答案解析】C 解析：A、Cl2与甲苯的苯环在氯化铁的作用下发生取代反映，Cl2与甲苯的侧链在光照条件下上发生取代反映，故A正确；B、乙烷和丙烯均含6个氢原子，故1mol混合物燃烧可生成3mol 水，故B 正确；C、1—丙醇有4种H，2—丙醇有3中H，故C错误；D、若是是单双键交替的结构的话,应有两种空间结构，故D正确；
故答案选C
【思路点拨】此题考查了苯及其同系物，乙烷乙烯及核磁共振氢谱的知识，属于基础内容，难度不大。

14．能发生消去反映、缩聚反映，且能催化氧化生成醛的醇是（）
A．乙二醇B．2－甲基－2－丙醇
C．2－丁醇D．2－甲基－1－丁醇
【知识点】醇
【答案解析】A 解析：A、三种反映均能发生，故A正确；B、不能发生催化氧化生成醛不能发生缩聚反映，故B错误；C、不能发生催化氧化生成醛，不能发生缩聚反映，故C错误；D、不能发生缩聚反映，故D错误；故答案选A
【思路点拨】此题考查羟基官能团的性质，注意其结构的不同可能引发不同的化学反映。

15．有机物C·H3C·H===CH—C·≡CH中标有“·”的碳原子的杂化方式依次为( )
A．sp、sp二、sp3 B. sp3、sp2、sp C．sp2、sp、sp3 D. sp3、sp、sp2
【知识点】杂化方式
【答案解析】B 解析：第一个C只有碳碳单键，故为sp3杂化，第二个Ｃ连有碳碳双键，为sp2杂化，第三个Ｃ连有碳碳三键为sp 杂化，故Ｂ正确；
故答案选Ｂ
【思路点拨】此题考查Ｃ的杂化方式，抓住其连接的化学键即可，属于基础考点，难度不大。

16. 可用来辨别己烯、甲苯、乙酸乙酯和苯酚溶液的一组试剂是( )
A. 溴水、氯化铁溶液
B. 溴水、酸性高锰酸钾溶液
C. 溴水、碳酸钠溶液
D. 氯化铁溶液、酸性高锰酸钾溶液
【知识点】有机物的辨别
【答案解析】B 解析：A、氯化铁溶液能辨别苯酚，现象是溶液变成紫色，溴水能辨别己烯、苯酚，现象别离是褪色和生成白色沉淀三溴苯酚，但不能辨别甲苯和乙酸乙酯，故A错误；B、溴水能辨别己烯、苯酚，现象别离是褪色和生成白色沉淀三溴苯酚，酸性高锰酸钾溶液能与甲苯发生氧化还原反映而褪色，与乙酸乙酯不反映，故B正确；C、溴水能辨别己烯、苯酚，现象别离是褪色和生成白色沉淀三溴苯酚，碳酸钠溶液、溴水都不能辨
别甲苯和乙酸乙酯，故C错误；D、酸性高锰酸钾不能辨别己烯和甲苯，二者都能使酸性高锰酸钾溶液褪色，氯化铁只能辨别苯酚，故D错误；
故答案选B
【思路点拨】此题考查有机物的辨别，题目难度不大，注意有机物官能团的性质。

17．除去以下物质中所含杂质(括号中的物质)所选用的试剂和装置均正确的选项是( )
Ⅰ.试剂:①KMnO4/H＋②NaOH溶液③饱和Na2CO3溶液④H2O⑤Na
⑥Br2/H2O⑦Br2/CCl4
Ⅱ.装置：
【知识点】物质的分离、提纯的大体方式选择与应用
【答案解析】A 解析：A、C2H4与溴水反映，而C2H6不能，利用洗气装置可除杂，那么选择试剂为⑥，分离装置为①，故A正确；B、苯酚被氧化后的产物仍溶于苯，不能实现除杂，可利用NaOH来除杂，那么应选试剂为②，分离装置为③ ，故B错误；C、CH3COOH与碳酸钠反映，然后与乙酸乙酯分层，利用分液实现除杂，那么选择试剂为③，分离装置为③，故C错误；D、甲苯、二甲苯均不与溴的四氯化碳溶液反映，二者沸点不同，可直接分馏除杂，选择装置为④，故D错误；
故答案选D
【思路点拨】此题考查混合物分离、提纯方式的选择和应用，为高频考点，把握物质的性质及分离方式为解答的关键，偏重有机物性质及分离的考查，注用意中装置与分离原理，题目难度不大。

18．NA为阿伏加德罗常数，以下说法正确的选项是( )
A．1Llmol／L的Na2CO3溶液中含有的CO32-数量为NA
B．1 mol羟基(-OH)所含的电子数约为l0NA
C．1 mol丙烯分子有2 mol σ 键，1 mol π 键
D．现有乙烯、丙烯、丁烯的混合气体共14g，其原子数为3NA
【知识点】阿伏伽德罗常数的应用
【答案解析】D 解析：A、碳酸根水解，故其数量小于NA，故A错误；B、1 mol羟基(-OH)所含的电子数约为9NA ，故B错误；C、1 mol丙烯分子有8 mol σ 键，1 mol π 键，故C错误；D、三种物质最简式均为CH2 ，相对分子质量为14，因此物质的量为1mol，一个CH2中有3个原子，因此，原子数量为3NA，故D正确；
故答案选D
【思路点拨】此题考查阿伏伽德罗常数的应用，是高考中最多见的考点，难度适中。

19．以下关系正确的选项是( )
A．沸点：苯酚＞甲醛＞2一甲基丁烷
B．2，2，3，3－四甲基丁烷、新戊烷、乙烷中化学环境相同的H原子种类由多到少
C．密度：溴苯＞H2O ＞苯
D．等物质的量物质燃烧耗O2量：己烷＞苯＞C6H5COOH
【知识点】有机化学基础
【答案解析】C 解析：A、2一甲基丁烷的沸点高于甲醛，故A错误；B、2，2，3，3－四甲基丁烷中有1种H，新戊烷中也1中氢，乙烷中2种H，故B错误；C、溴苯密度大于水，苯的密度小于水，故C正确；D、等物质的量物质燃烧耗O2量：C6H5COOH＞苯＞己烷，故D错误；
故答案选C
【思路点拨】此题考查基础有机化学知识，包括沸点，密度，耗氧量的比较及等效氢的判定，属于基础内容，难度不大。

20.以下反映的离子方程式正确的选项是( )
A．乙酸乙酯与氢氧化钠溶液反映：
CH3COOCH2CH3 ＋ OH- CH3COO- + CH3CH2O- + H2O
B ．向CH2BrCOOH 中加入足量的氢氧化钠溶液并加热：
CH2BrCOOH ＋OH －――→△ CH2BrCOO －＋H2O
C ．苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳：CO2 + H2O + 2C6H5O- 2C6H5OH + 2CO32-
D ．乙醛溶液与新制氢氧化铜碱性悬浊液共热 CH3CHO+2Cu(OH)2+OH_
CH3COO －+ Cu2O↓+ 3H2O
【知识点】离子方程式的书写
【答案解析】D 解析：A 、乙酸乙酯与氢氧化钠溶液反映的离子反映为H3COOCH2CH3+OH-→
CH3COO-+CH3CH2OH+H2O ，故A 错误； B 、CH2BrCOOH ＋2OH －――→△ CH2OHCOO －＋H2O+Br-，
故B 错误；C 、C6H5O-+CO2+H2O →C6H5OH+HCO3-，故C 错误；D 、CH3CHO+2Cu(OH)2+OH_ CH3COO －+ Cu2O↓+ 3H2O 正确，故D 正确；
故答案选D
【思路点拨】此题考查离子方程式的书写，均为有机反映，平常要注意此方面知识的积存。

21.以下说法正确的组合是 ( ) ①用溴水除去混在苯中的己烯,分液取得纯净的苯
②将电石与水反映产生的乙炔通入溴水中，溴水褪色，证明乙炔和溴水发生了加成反映
③将溴乙烷和NaOH 乙醇溶液混合共热，生成的气体直接通入酸性高锰酸钾溶液，酸性高锰酸钾溶液褪色，说明有乙烯生成 [来源:]
④用淀粉碘化钾试纸和白醋溶液能够查验加碘盐中的碘元素
⑤油脂在NaOH 稀溶液中发生水解反映后，假设静置不分层，说明水解完全
⑥丙氨酸中有手性碳原子
A ．①②③ B．④⑤⑥ C．②③④ D．③④⑤
【知识点】有机化学基础
【答案解析】B 解析：苯与己烯和溴加成的产物互溶，无法分液，故①正确，②电石中含有硫化物，与水反映生成硫化氢气体，硫化氢气体可与溴水发生氧化还原反映而使溴水褪色，故②错误，③乙醇也能够使酸性高锰酸钾溶液褪色，故③错误，④在酸性条件下碘化钾与碘酸钾发生氧化还原反映，生成碘单质，碘单质遇淀粉变蓝，故④正确，⑤油脂碱性条件下水解生成高级脂肪酸与甘油，高级脂肪酸与油脂会分层，假设不分层，说明不含油脂了，故油脂完全水解，故⑤正确，⑥手性碳原子为C连接4个不同的取代基，依照丙氨酸的结构⑥正确，故④⑤⑥正确，故B正确；
故答案选B
【思路点拨】此题考查基础有机化学知识，包括物质分离，氧化还原反映，油脂水解及手性碳原子等综合性的知识，难度适中。

22．已知：乙醇可被强氧化剂氧化为乙酸。

可经三步反映制取，其中第二步的反映类型是( )
A．水解反映B．加成反映C．氧化反映D．消去反映
【知识点】反映类型
【答案解析】B ：可经三步反映制取，
①先水解生成OHCH2CH=CHCH2OH，为卤代烃的水解反映；
②假设氧化时，碳碳双键也被氧化，那么再加成反映生成OHCH2CHClCH2CH2OH，
③OHCH2CHClCH2CH2OH被强氧化剂氧化可取得目标产物，
因此第二步反映类型为加成反映，故B正确；
故答案选B
【思路点拨】此题考查简单的有机合成反映线路，进而判定反映类型，其中反映线路是此题的难点。

23.以下反映的产物中，有的有同分异构体，有的没有同分异构体，其中必然不存在同分
异构体的反映是( )
A．异戊二烯()与等物质的量的Br2发生加成反映
B．邻羟基苯甲酸与NaHCO3溶液反映
C．甲苯在必然条件下发生硝化反映生成一硝基甲苯的反映
D．2-氯丁烷与NaOH乙醇溶液共热发生消去反映
【知识点】同分异构体
【答案解析】B 解析：A、异戊二烯与溴可发生1，2-加成或1，4-加成两种物质，那么存在同分异构体，故A错误；B、邻羟基苯甲酸与NaHCO3溶液反映生成邻羟基苯甲酸钠一种有机物，那么必然不存在同分异构体，故B正确；C、甲苯在必然条件下发生硝化生成一硝基甲苯的反映，可生成邻-硝基甲苯、间-硝基甲苯和对-硝基甲苯三种物质，那么存在同分异构体，故C错误；D、2-氯丁烷（CH3CH2CHClCH3）与NaOH乙醇溶液共热发生消去反映可生成1-丁烯和2-丁烯，那么存在同分异构体，故D错误；
故答案选B
【思路点拨】此题考查有机物的性质，依次来判定产物是不是存在同分异构体，做此类题目要注意依照有机物的结构特点分析可能的产物，此题难度不大。

24．天然维生素P（结构如以下图，分子结构中R为饱和烃基）存在于槐树花蕾中，它是一种营养增补剂，关于维生素P的表达正确的选项是（）
A.可与溴水反映，且1 mol该物质与足量溴水反
应消耗6 mol Br2
B.可与NaOH溶液反映，1 mol该物质可与5 mol
NaOH反映
C.必然条件下1 mol该物质可与H2加成，耗H2
最大量为6 mol
D.维生素P能发生水解反映
【知识点】有机物的结构与性质
【答案解析】A 解析：A、结构中含有酚羟基，能与溴水反映-OH的邻、对位取代，含有碳碳双键，能发生加成反映，1mol该物质与足量溴水反映耗6molBr2，故A正确；B、分子中含有4个酚羟基，具有酸性，可与NaOH反映，那么1mol维生素P最多能够和4molNaOH反映，故B错误；C、必然条件下1 mol该物质可与H2加成，耗H2最大量为8mol，故C错误；D、.维生素P没有能发生水解的官能团，不能发生水解，故D 错误；
故答案选A
【思路点拨】此题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物官能团与性质的关系为解答的关键，偏重苯酚、烯烃、苯性质的考查，选项B为易错点，题目难度不大。

25．如右图所示装置进行实验，将液体A逐滴加入到固体B中，以下表达中错误的选项是（）
A．实验中仪器C可起到避免倒吸的作用Array
B. 假设A为醋酸，B为贝壳（粉状），D中盛C6H5ONa
溶液，那么D中溶液变浑浊
C. 假设A为浓氨水，B为生石灰，D中盛AgNO3溶液，
那么D中无现象
D. 假设A为食盐水，B为电石，D中盛KMnO4酸性溶液，那么D
中溶液紫红色褪色
【知识点】实验装置综合；性质实验方案的设计
【答案解析】C 解析：A、如生成气体极易溶于D中液体，那么D中液体上升，因C的球形部份体积较大，当D中液体离开液面时，由于自身重力作用可回落到D中，从而可起到避免倒吸作用，故A正确；B、醋酸与碳酸钙反映生成二氧化碳气体，二氧化碳与苯酚钠反映生成苯酚，可观看到D中溶液变浑浊，故B正确；C、氨气通入硝酸银中可先生成氢氧化银沉淀，氨气过量时沉淀溶解，生成银氨络离子溶液，故C错误；D、电石和水反映生成乙炔，乙炔可与酸性高锰酸钾发生氧化还原反映而使酸性高锰酸钾溶液褪色，故D正确；
故答案选C
【思路点拨】此题综合考查物质的性质的实验探讨，偏重于学生的分析能力和实验能力的考查，为高频考点，注意把握物质的性质，难度不大。

26．有机物甲的分子式为C9H18O2，在酸性条件下甲水解为乙和丙两种有机物，在相同的温度和压强下，同质量的乙和丙的蒸气所占体积相同，那么甲的可能结构有（）
A．14种B．8种C．18种D．16种
【知识点】同分异构体
【答案解析】D 解析：有机物甲的分子式应为C9H18O2，在酸性条件下甲水解为乙和丙两种有机物，那么有机物甲为酯．由于同质量的乙和丙的蒸气所占体积相同，说明乙和丙的相对分子质量相同，因此酸比醇少一个C原子，说明水解后取得的羧酸含有4个C原子，而取得的醇含有5个C原子，含有4个C原子的羧酸有2种同分异构体：CH3CH2CH2COOH，CH3CH（CH3）COOH，含有5个C原子的醇的有8种同分异构体：CH3CH2CH2CH2CH2OH，CH3CH2CH2CH（OH）CH3，CH3CH2CH（OH）CH2CH3；CH3CH2CH（CH3）CH2OH，CH3CH2C（OH）（CH3）CH3，CH3CH（OH）CH（CH3）CH3，CH2（OH）CH2CH（CH3）CH3；
CH3C（CH3）2CH2OH，因此有机物甲的同分异构体数量有2×8=16 ，故D正确；
故答案选D
【思路点拨】此题考查同分异构体的书写，依照已知条件判定醇和酸是此题的关键，难度适中。

[来源:]
第Ⅱ卷
二．（非选择题，共58分）
27．（14分）某高聚物的单体A（C11H12O2）可发生以下转变：
已知：C的烃基部份被取代生成的一氯代物D有两种；F的分子式为C7H8O，含有苯环，但与FeCl3溶液不显色。

请回答：
（1）F分子中含有的官能团结构简式是。

（2）由A生成B和F的反映类型为（选填序号）__ __。

①氧化反应 ②取代反应 ③水解反应 ④消去反应 （3）B 的结构简式是____ 。

（4）分子式为C7H8O ，含有苯环的同分异构体除F 外还有__ __种。

（5）写出以下方程式
① 由A 生成B 和F ______ __; ② B → C ______ __;
③A 在必然条件下生成高聚物 ______ __。

【知识点】有机推断
【答案解析】(1) －OH (2) ②③ ⑶CH2＝C(CH3)COOH ⑷ 4种 ⑸①
CH 2
C
H 3O
O
+O
H 2H 2SO 4△
CH 2
OH
+
C
H 2CH 3
O
OH
②
③
解析：F 的分子式为C7H8O ，含苯环，与FeCl3溶液不显色，那么F 是苯甲醇，A 为C11H12O2，A 水解生成B 和F ，依照碳原子守恒知，B 为含有4个碳原子的羧酸，B 和氢气发生加成反映生成C ，C 发生取代反映生成D ，C 的一氯代物D 有两种，那么C 是2-甲基丙酸，因此B 的结构简式为：CH2=C （CH3）COOH ，A 为
，D 为CH3CCl （CH3）COOH 或CH2ClCH （CH3）COOH ，E 为CH2=C （CH3）COONa 。

（1）F 为苯甲醇，故其官能团为-OH ；
（2）B 和氢气发生加成反映（或还原反映）生成C ，应选②③； （3）B 的结构简式为：CH2=C （CH3）COOH 。

（4）F 为苯甲醇，其同分异构体还包括邻间对位甲基苯酚及苯甲醚，故4种。

（5）①为酯的水解，
CH 2
C
H 3O
O
+O
H 2H 2SO 4△
CH 2
OH
+
C
H 2CH 3
O
OH
②为还原反映，C
H 2C
H 3O
OH
H 2
+
Ni △
C
H 3CH 3
O
OH
③为聚合反映，
【思路点拨】此题考查了有机物的推断，明确有机物的官能团及其性质是解此题关键，注意有机物的断键和成键方式，为易错点，难度中等。

28.(14)已知：
①双键在链端的烯烃发生硼氢化一氧化反映，生成的醇羟基在链端：
R-CH=CH2R-CH2CH2OH
②RCH2CHO +R'CH2CHO
化合物M 是一种香料，可用如下线路合成
已知：核磁共振氢谱显示E 分子中有两种氢原子，F 为芳香化合物。

请回答以下问题： (1) 写出反应A→C 的反应条件：___________ __________。

(2). 原料C4H10的名称是_________ _____（系统命名）。

(3) 写出M 的结构简式：________ ___。

(4) 写出E 和N 生成F 的化学方程式：_____________________ _____。

(5) 写出D 和G 生成M 的化学方程式：_______ ______________ ____。

(6)写出与G 具有相同官能团的G 的所有芳香类同分异构体的结构简式：_________________ ___ __。

【知识点】有机推断。