大气污染控制工程第三版课后答案6
(精编)大气污染控制工程第三版课后答案
(精编)大气污染控制工程第三版课后答案概论第一章1.1解：按1mol干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol，n O2=0.209mol，n Ar=0.00934mol，n CO2=0.00033mol。
质量百分数为，；，。
1.2解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m3，NO2：0.12mg/m3，CO：4.00mg/m3。
按标准状态下1m3干空气计算，其摩尔数为。
故三种污染物体积百分数分别为：SO2：，NO2：CO：。
1.3解：1）（g/m3N）c（mol/m3N）。
2）每天流经管道的CCl4质量为1.031×10×3600×24×10－3kg=891kg1.4解：每小时沉积量200×（500×15×60×10－6）×0.12=10.81.5解：由《大气污染控制工程》P14（1－1），取M=210，COHb饱和度1.6解：含氧总量为。
不同CO百分含量对应CO的量为：2%：，7%：1）最初CO水平为0%时；2）最初CO水平为2%时。
1.7解：由《大气污染控制工程》P18（1－2），最大能见度为。
第二章燃烧与大气污染2.1解：1kg燃油含：重量（g）摩尔数（g）需氧数（g）C85571.2571.25H113－2.555.2527.625S100.31250.3125H2O22.51.250N元素忽略。
1）理论需氧量71.25+27.625+0.3125=99.1875mol/kg设干空气O2：N2体积比为1：3.78，则理论空气量99.1875×4.78=474.12mol/kg重油。
即474.12×22.4/1000=10.62m3N/kg重油。
烟气组成为CO271.25mol，H2O55.25+11.25=56.50mol，SO20.1325mol，N23.78×99.1875=374.93mol。
大气污染控制工程郝吉明第三版课后答案郝吉明
大气污染控制工程课后答案（第三版） 主编：郝吉明 马广大 王书肖目录第一章 概 论第二章 燃烧与大气污染 第三章 大气污染气象学 第四章 大气扩散浓度估算模式 第五章 颗粒污染物控制技术基础 第六章 除尘装置第七章 气态污染物控制技术基础 第八章 硫氧化物的污染控制 第九章 固定源氮氧化物污染控制 第十章 挥发性有机物污染控制 第十一章 城市机动车污染控制第一章 概 论1.1 干结空气中N 2、O 2、Ar 和CO 2气体所占的质量百分数是多少？解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2 根据我国的《环境空气质量标准》的二级标准，求出SO 2、NO 2、CO 三种污染物日平均浓度限值的体积分数。
解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为：SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3 CCl 4气体与空气混合成体积分数为1.50×10－4的混合气体，在管道中流动的流量为10m 3N 、/s ，试确定：1）CCl 4在混合气体中的质量浓度ρ（g/m 3N ）和摩尔浓度c （mol/m 3N ）；2）每天流经管道的CCl 4质量是多少千克？解：1）ρ（g/m 3N）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m 3N）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
大气污染控制工程第三版课后答案
第一章 概 论第二章 1.1 解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ； %29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2 解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为： SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3 解：1）ρ（g/m 3N ）334/031.1104.221541050.1Nm g =⨯⨯⨯=--c （mol/m 3N ）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
2）每天流经管道的CCl 4质量为1.031×10×3600×24×10－3kg=891kg 1.4 解：每小时沉积量200×（500×15×60×10－6）×0.12g μ=10.8g μ 1.5 解：由《大气污染控制工程》P14 （1－1），取M=2102369.0105.19102.22102422=⨯⨯⨯==--∝O p p M Hb O COHb ，COHb 饱和度%15.192369.012369.0/1/222=+=+=+=Hb O COHb Hb O COHb Hb O COHb COHb CO ρ1.6 解：含氧总量为mL960100204800=⨯。
大气污染控制工程第三版课后答案
第一章 概 论第二章 1.1 解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ； %29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2 解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为： SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3 解：1）ρ（g/m 3N ）334/031.1104.221541050.1Nm g =⨯⨯⨯=--c （mol/m 3N ）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
2）每天流经管道的CCl 4质量为1.031×10×3600×24×10－3kg=891kg 1.4 解：每小时沉积量200×（500×15×60×10－6）×0.12g μ=10.8g μ 1.5 解：由《大气污染控制工程》P14 （1－1），取M=2102369.0105.19102.22102422=⨯⨯⨯==--∝O p p M Hb O COHb ，COHb 饱和度%15.192369.012369.0/1/222=+=+=+=Hb O COHb Hb O COHb Hb O COHb COHb CO ρ1.6 解：含氧总量为mL960100204800=⨯。
大气污染控制工程第三版课后答案6
⼤⽓污染控制⼯程第三版课后答案6作业习题解答第六章除尘装置6.1解：计算⽓流⽔平速度s m A Q v /1087.257.414.92.120-?=?==。
设粒⼦处于Stokes 区域，取s Pa ??=-51082.1µ。
按《⼤⽓污染控制⼯程》P162（6－4）m m gL H v d p µρµ2.17102.1719.1281.91021.157.41087.21082.1181863250min=?===--- 即为能被100%捕集的最⼩雾滴直径。
6.2解：按层流考虑，根据《⼤⽓污染控制⼯程》P163（6－5）2.229.64801812122121=?==?=ηηηηn n n n ，因此需要设置23层。
6.3解：s Pa h m kg ??==-51086.1)./(067.0µm m m gL H v d p µµρµ10084104.8781.9105.2123.01086.118185350min<=?===--，符合层流区假设。
6.4解：设空⽓温度为298K ，⾸先进⾏坎宁汉修正：s m M RT v /6.4661097.28142.3298314.8883===-π， m v85106.66.466185.1499.01082.1499.0--?===ρµλ，21.063.0106.622=??=-Kn 264.1]4.0257.1[21.0121.010.1=++=-p s /1058.11852-?==µρ525.060/1061.3202.05.01058.1)1(35==+=--Q n LW u s i η。
⽤同样⽅法计算可得0.83m µ粒⼦的分级效率为0.864。
因此总效率 695.0)864.0525.0(5.0=+=i η6.5 解：按《Air Pollution Control Engineering 》公式 )]9(exp[12µρπηi pc W D NV --=。
大气污染控制工程(第三版)课后习题答案(全)
论
1.1 解： 按 1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故 nN2=0.781mol ， nO2=0.209mol ， nAr=0.00934mol，nCO2=0.00033mol。质量百分数为
N2 %
0.781 28.01 0.209 32.00 100% 75.51% O2 % 100% 23.08% 28.97 1 28.97 1 ， ； 0.00934 39.94 0.00033 44.01 Ar % 100% 1.29% CO 2 % 100% 0.05% 28.97 1 28.97 1 ， 。
1.2 解： 由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下： SO2：0.15mg/m3，NO2：0.12mg/m3，CO：4.00mg/m3。按标准状态下 1m3 干空气计算，其
1 10 3 44.643mol 摩尔数为 22.4 。故三种污染物体积百分数分别为： 0.15 10 3 0.12 10 3 0.052 ppm 0.058 ppm SO2： 64 44.643 ，NO2： 46 44.643 4.00 10 3 3.20 ppm CO： 28 44.643 。
总计 66.25+`8.50+0.1875+280.54=365.48mol/kg 煤
3.78 354.76 280.54mol 4.78 N2
0.1875 100% 0.043% 实际烟气量 365.48+0.2×354.76=436.43mol/kg 煤，SO2 浓度为 436.43 。
1.7 解： 由《大气污染控制工程》P18 （1－2） ，最大能见度为
大气污染控制工程第三版课后习题答案章全
大气污染控制工程课后作业习题解答第一章概论1.1解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar=0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为1.2解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m3，NO2：0.12mg/m3，CO：4.00mg/m3。
按标准状态下1m3干空气计算，1 103 其摩尔数为 1 1044.643mol 。
故三种污染物体积百分数分别为：22.4SO2：330.15 10 30.12 10 30.052 ppm ，NO：0.058ppm34.00 10 3 CO： 3.20 ppm28 44.6431.3解：1) g/m3N)41.50 10 4 15422 .4101.031g /m N3N 2%0.781 28.01100% 75.51% ，2 28.97 1O2%0.209 32.0028.97 1100% 23.08% ；Ar% 0.00934 39.94100%28.97 11.29% ，CO2%0.00033 44.01100%28.97 10.05% 。
2）每天流经管道的 CCl 4质量为 1.031 ×10×3600×24×10－3kg=891kg1.4 解： 每小时沉积量 200×（500×15×60×10－6）×0.12 g =10.8 g1.5 解：由《大气污染控制工程》 P14 （1－1），取 M=2101.6 解：1.7 解： 由《大气污染控制工程》 P18 （1－2），最大能见度为c（ mol/m 3N）1.50 1022.4 10336.70 10 mol/m N 。
COHb M p O 2Hb p O 22102.2 10 4219.5 10 20.2369，COHb 饱和度 COCOHb COHb O 2HbCOHb /O 2Hb 1 COHb /O 2Hb0.2369 19.15%1 0.2369含氧总量为 4800 20100 960mL 。
郝吉明第三版大气污染控制工程课后答案完整版
大气污染控制工程课后答案（第三版）主编：郝吉明马广大王书肖目录第一章概论第二章燃烧与大气污染第三章大气污染气象学第四章大气扩散浓度估算模式第五章颗粒污染物控制技术基础第六章除尘装置第七章气态污染物控制技术基础第八章硫氧化物的污染控制第九章固定源氮氧化物污染控制第十章挥发性有机物污染控制第十一章城市机动车污染控制第一章 概 论1.1 干结空气中N 2、O 2、Ar 和CO 2气体所占的质量百分数是多少？ 解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2 根据我国的《环境空气质量标准》的二级标准，求出SO 2、NO 2、CO 三种污染物日平均浓度限值的体积分数。
解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为：SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3 CCl 4气体与空气混合成体积分数为1.50×10－4的混合气体，在管道中流动的流量为10m 3N 、/s ，试确定：1）CCl 4在混合气体中的质量浓度ρ（g/m 3N ）和摩尔浓度c （mol/m 3N ）；2）每天流经管道的CCl 4质量是多少千克？解：1）ρ（g/m 3N ）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m 3N ）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
大气污染控制工程郝吉明第三版课后答案郝吉明
大气污染控制工程课后答案（第三版） 主编：郝吉明 马广大 王书肖目录第一章 概 论第二章 燃烧与大气污染 第三章 大气污染气象学 第四章 大气扩散浓度估算模式 第五章 颗粒污染物控制技术基础 第六章 除尘装置第七章 气态污染物控制技术基础 第八章 硫氧化物的污染控制 第九章 固定源氮氧化物污染控制 第十章 挥发性有机物污染控制 第十一章 城市机动车污染控制第一章 概 论1.1 干结空气中N 2、O 2、Ar 和CO 2气体所占的质量百分数是多少？解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2 根据我国的《环境空气质量标准》的二级标准，求出SO 2、NO 2、CO 三种污染物日平均浓度限值的体积分数。
解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为：SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3 CCl 4气体与空气混合成体积分数为1.50×10－4的混合气体，在管道中流动的流量为10m 3N 、/s ，试确定：1）CCl 4在混合气体中的质量浓度ρ（g/m 3N ）和摩尔浓度c （mol/m 3N ）；2）每天流经管道的CCl 4质量是多少千克？解：1）ρ（g/m3N）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m 3N）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
(完整版)大气污染控制工程郝吉明第三版课后答案郝吉明
大气污染控制工程课后答案（第三版）主编：郝吉明马广大王书肖目录第一章概论第二章燃烧与大气污染第三章大气污染气象学第四章大气扩散浓度估算模式第五章颗粒污染物控制技术基础第六章除尘装置第七章气态污染物控制技术基础第八章硫氧化物的污染控制第九章固定源氮氧化物污染控制第十章挥发性有机物污染控制第十一章城市机动车污染控制第一章 概 论1.1 干结空气中N 2、O 2、Ar 和CO 2气体所占的质量百分数是多少？解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2 根据我国的《环境空气质量标准》的二级标准，求出SO 2、NO 2、CO 三种污染物日平均浓度限值的体积分数。
解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为：SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3 CCl 4气体与空气混合成体积分数为1.50×10－4的混合气体，在管道中流动的流量为10m 3N 、/s ，试确定：1）CCl 4在混合气体中的质量浓度ρ（g/m 3N ）和摩尔浓度c （mol/m 3N ）；2）每天流经管道的CCl 4质量是多少千克？解：1）ρ（g/m 3N）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m 3N）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
大气污染控制工程郝吉明第三版课后答案郝吉明
大气污染控制工程课后答案（第三版）主编：郝吉明马广大王书肖目录第一章概论第二章燃烧与大气污染 第三章大气污染气象学 第四章大气扩散浓度估算模式 第五章颗粒污染物控制技术基础 第六章除尘装置第七章气态污染物控制技术基础 第八章硫氧化物的污染控制 第九章固定源氮氧化物污染控制 第十章挥发性有机物污染控制 第十一章城市机动车污染控制第一章概论1.1干结空气中N 2、O 2、Ar 和CO 2气体所占的质量百分数是多少？解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2根据我国的《环境空气质量标准》的二级标准，求出SO 2、NO 2、CO 三种污染物日平均浓度限值的体积分数。
解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为：SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3CCl 4气体与空气混合成体积分数为1.50×10－4的混合气体，在管道中流动的流量为10m 3N 、/s ，试确定：1）CCl 4在混合气体中的质量浓度ρ（g/m 3N ）和摩尔浓度c （mol/m 3N ）；2）每天流经管道的CCl 4质量是多少千克？解：1）ρ（g/m 3N）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m 3N）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
郝吉明第三版大气污染控制工程课后答案完整版
大气污染控制工程课后答案（第三版） 主编：郝吉明 马广大 王书肖目录第一章 概 论第二章 燃烧与大气污染 第三章 大气污染气象学 第四章 大气扩散浓度估算模式 第五章 颗粒污染物控制技术基础 第六章 除尘装置第七章 气态污染物控制技术基础 第八章 硫氧化物的污染控制 第九章 固定源氮氧化物污染控制 第十章 挥发性有机物污染控制 第十一章 城市机动车污染控制第一章 概 论1.1 干结空气中N 2、O 2、Ar 和CO 2气体所占的质量百分数是多少？解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2 根据我国的《环境空气质量标准》的二级标准，求出SO 2、NO 2、CO 三种污染物日平均浓度限值的体积分数。
解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为： SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3 CCl 4气体与空气混合成体积分数为1.50×10－4的混合气体，在管道中流动的流量为10m 3N 、/s ，试确定：1）CCl 4在混合气体中的质量浓度ρ（g/m 3N ）和摩尔浓度c （mol/m 3N ）；2）每天流经管道的CCl 4质量是多少千克？解：1）ρ（g/m 3N ）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m 3N）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
大气污染控制工程第三版课后习题答案(18章全)
大气污染控制工程课后作业习题解答第一章 概 论1.1 解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2 解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为： SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3 解： 1）ρ（g/m 3N ）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m 3N ）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
2）每天流经管道的CCl 4质量为1.031×10×3600×24×10－3kg=891kg1.4 解：每小时沉积量200×（500×15×60×10－6）×0.12g μ=10.8g μ1.5 解：由《大气污染控制工程》P14 （1－1），取M=2102369.0105.19102.22102422=⨯⨯⨯==--∝O p p M Hb O COHb ， COHb 饱和度%15.192369.012369.0/1/222=+=+=+=Hb O COHb Hb O COHb Hb O COHb COHb CO ρ1.6 解：含氧总量为mL 960100204800=⨯。
大气污染课后答案 6章
第六章 除尘装置66.1 在298K 的空气中NaOH 飞沫用重力沉降室收集。
沉降至大小为宽914cm ，高457cm ，长1219cm 。
空气的体积流速为1.2m 3/s 。
计算能被100%捕集的最小雾滴直径。
假设雾滴的比重为1.21。
解：计算气流水平速度s m A Q v /1087.257.414.92.120-⨯=⨯==。
设粒子处于Stokes 区域，取s Pa ⋅⨯=-51082.1μ。
按《大气污染控制工程》P162（6－4）m m gL H v d p μρμ2.17102.1719.1281.91021.157.41087.21082.1181863250min=⨯=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯==--- 即为能被100%捕集的最小雾滴直径。
6.2 直径为1.09m μ的单分散相气溶胶通过一重力沉降室，该沉降室宽20cm ，长50cm ，共18层，层间距0.124cm ，气体流速是8.61L/min ，并观测到其操作效率为64.9%。
问需要设置多少层可能得到80%的操作效率。
解：按层流考虑，根据《大气污染控制工程》P163（6－5）2.229.64801812122121=⨯==⇒=ηηηηn n n n ，因此需要设置23层。
6.3 有一沉降室长7.0m ，高12m ，气速30cm/s ，空气温度300K ，尘粒密度2.5g/cm 3，空气粘度0.067kg/(kg.h)，求该沉降室能100%捕集的最小粒径。
解：s Pa h m kg ⋅⨯==-51086.1)./(067.0μm m m gL H v d p μμρμ10084104.8781.9105.2123.01086.118185350min<=⨯=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯==--，符合层流区假设。
6.4 气溶胶含有粒径为0.63和0.83m μ的粒子（质量分数相等），以3.61L/min 的流量通过多层沉降室。
给出下列数据，运用斯托克斯定律和坎宁汉校正系数计算沉降效率。
大气污染控制工程郝吉明第三版课后答案郝吉明
大气污染控制工程课后答案（第三版）主编：郝吉明马广大王书肖目录第一章概论第二章燃烧与大气污染第三章大气污染气象学第四章大气扩散浓度估算模式第五章颗粒污染物控制技术基础第六章除尘装置第七章气态污染物控制技术基础第八章硫氧化物的污染控制第九章固定源氮氧化物污染控制第十章挥发性有机物污染控制第十一章城市机动车污染控制第一章 概 论1.1 干结空气中N 2、O 2、Ar 和CO 2气体所占的质量百分数是多少？解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故n N2=0.781mol ，n O2=0.209mol ，n Ar =0.00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1.2 根据我国的《环境空气质量标准》的二级标准，求出SO 2、NO 2、CO 三种污染物日平均浓度限值的体积分数。
解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2：0.15mg/m 3，NO2：0.12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为：SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1.3 CCl 4气体与空气混合成体积分数为1.50×10－4的混合气体，在管道中流动的流量为10m 3N 、/s ，试确定：1）CCl 4在混合气体中的质量浓度ρ（g/m 3N ）和摩尔浓度c （mol/m 3N ）；2）每天流经管道的CCl 4质量是多少千克？解：1）ρ（g/m 3N）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m 3N）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
大气污染控制工程第三版课后的答案
大气污染控制工程 作业集第一章干洁空气的平均分子量为28.966，在标准状态下（273.15K ，101325Pa ）密度为1.2933/kg m 。
1、血红蛋白暴露于CO 和2O 两种气体混合物中所产生的C O H b 和2O H b 的平衡浓度可用如下方程表示：22co o p C O H b MO H bp =式中：co p 、2o p ——吸入气体中CO 和2O 的分压；M ——常数，在人的血液范围中为200~250。
例：受污染的空气中C O 浓度为610010-⨯，如果吸入人体肺中的CO 全部被血液吸收，试估算人体血液中C O H b 的饱和浓度。
解：设人体肺部气体中氧的含量与环境空气中氧含量相同，即为21%，取M=210，则有22co o p C O H b MO H bp =62210100100.12110--⨯⨯==⨯即血液中C O 与2O 之比为1:10，则血液中C O 的饱和度为：222/0.10.0919.1%1/10.1C O C O H b O H b C O H b C O H b O H bC O H b O H bρ=====+++这一值略为偏低，是因为吸入空气中的氧被停留在肺中的气体所稀释的缘故。
2、假设光衰减只是由于微粒散射造成的，微粒为尺寸相同的球体，且分布均匀，则能见度可按如下近似方程估算： 2.6()p pd L m K νρρ=式中：ρ——视线方向上的颗粒浓度，3/m g m ； p ρ——颗粒的密度，3/kg m ；p d ——颗粒直径，m μ；K ——散射率，即受颗粒作用的波阵面积与颗粒面积之比。
根据范德赫尔斯提出的数据，不吸收光的球体散射率K 值一般在1.7~2.5左右变化。
实测数据表明，在空气相对湿度超过70%时，按上式计算可能产生较大误差。
因为天然的气溶胶微粒及很多大气污染物都是吸湿的，在相对湿度70%~80%的范围内开始潮解或发生吸湿反应，从而使颗粒粒径增大。
大气污染控制工程第三版课后习题答案(18章全)
大气污染控制工程课后作业习题解答第一章 概 论1。
1 解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比,故n N2=0。
781mol ，n O2=0。
209mol ，n Ar =0。
00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ,%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1。
2 解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2:0。
15mg/m 3,NO2：0。
12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为： SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO:ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1。
3 解： 1）ρ(g/m 3N )334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m 3N ）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
2）每天流经管道的CCl 4质量为1.031×10×3600×24×10－3kg=891kg1.4 解：每小时沉积量200×（500×15×60×10－6）×0。
12g μ=10。
8g μ1.5 解:由《大气污染控制工程》P14 （1－1）,取M=2102369.0105.19102.22102422=⨯⨯⨯==--∝O p p M Hb O COHb ， COHb 饱和度%15.192369.012369.0/1/222=+=+=+=Hb O COHb Hb O COHb Hb O COHb COHb CO ρ1。
大气污染控制工程第三版课后习题答案及解析[18章全]
![大气污染控制工程第三版课后习题答案及解析[18章全]](https://img.taocdn.com/s3/m/65951960284ac850ac024216.png)
大气污染控制工程课后作业习题解答第一章概论1.1 解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比，故 n Ar =0.00934mol ， n co =0.00033mol 。
质量百分数为1.2 解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2 0.15mg/m 3, NO2 0.12mg/m 3, CO 4.00mg/m 3。
按标准状态下 1m ?干空气计算，其摩尔31x10数为L 旦 =44.643mol 。
故三种污染物体积百分数分别为：22.41.3 解:1）「（g/m 3N ）二「5°101154=1.031g/mN22.4^10_ __一 32）每天流经管道的 CCl 4质量为 1.031 x 10X 3600 X 24 X 10 kg=891kg 1.4 解：每小时沉积量 200 X( 500 X 15X 60X 10一6)x 0.12 切=10.8 J gN 2% 0.781 28.01 28.97 1 100% =75.51%， O 2% 二0.209 32.00 28.97 1 100% = 23.08%Ar% 二 °00934 39'94 100% =1.29% , CO 2% = °00033 以01100% =0.05%。
28.97 128.97 1n N2=0.781mol ， n o2=0.209mol ，SQ :0.15 10* 64 44.643 二 0.052 ppm ， NQ ： °・12 100.058 ppm46 44.643CO4.00 10 28 44.643=3.20 ppm 。
（mol/m 3N ）1.50 10 22.4 10“_3 3= 6.70 10 mol / m N 。
1.5 解：由《大气污染控制工程》P14 (1 —1)，取M=210旦=210 2210：P o 219.5 10"1.6 解：含氧总量为4800 20 = 960mL 。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
作业习题解答第六章 除尘装置6.1解：计算气流水平速度s m A Q v /1087.257.414.92.120-⨯=⨯==。
设粒子处于Stokes 区域，取s Pa ⋅⨯=-51082.1μ。
按《大气污染控制工程》P162（6－4）m m gL H v d p μρμ2.17102.1719.1281.91021.157.41087.21082.1181863250min=⨯=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯==--- 即为能被100%捕集的最小雾滴直径。
6.2解：按层流考虑，根据《大气污染控制工程》P163（6－5）2.229.64801812122121=⨯==⇒=ηηηηn n n n ，因此需要设置23层。
6.3解：s Pa h m kg ⋅⨯==-51086.1)./(067.0μm m m gL H v d p μμρμ10084104.8781.9105.2123.01086.118185350min<=⨯=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯==--，符合层流区假设。
6.4解：设空气温度为298K ，首先进行坎宁汉修正：s m M RTv /6.4661097.28142.3298314.8883=⨯⨯⨯⨯==-π，m v85106.66.466185.1499.01082.1499.0--⨯=⨯⨯⨯==ρμλ，21.063.0106.622=⨯⨯=-Kn 264.1]4.0257.1[21.0121.010.1=++=-eC 。
故s m gC d u pp s /1058.11852-⨯==μρ525.060/1061.3202.05.01058.1)1(35=⨯⨯⨯⨯⨯=+=--Q n LW u s i η。
用同样方法计算可得0.83m μ粒子的分级效率为0.864。
因此总效率 695.0)864.0525.0(5.0=+=i η6.5 解：按《Air Pollution Control Engineering 》公式 )]9(exp[12μρπηi pc W D NV --=。
令η=50%，N=5，Vc=15m/s ，p ρ=2.9×103kg/m 3，W=0.76m ，s Pa ⋅⨯=-5102μ，代入上式得d c =11.78m μ。
利用《大气污染控制工程》P170（6－18）22)/(1)/(c pi c pi i d d d d +=η 计算各粒径粉尘分级效率，由此得总效率%3.55==∑iigηη6.6 解：根据《大气污染控制工程》P144（5－53）ii i g Pg 32/+=ηηη（P=0.1）计算分级效率，结果如下表所示：范围内，d c =7.5m μ。
6.7解：据《大气污染控制工程》P169（6－13） Pa v p 144015293.19.92121221=⨯⨯⨯==∆ξρ。
6.8 解：根据《Air Pollution Control Engineering 》P258公式 )]9(exp[12μρπηi pc W D NV --=。
因)/(1000322m kg D D p p p pa单位取单位ρρρρ==，故p D ρ2＝1000 2paD ； 由题意，当s m V c /20%,50==η。
取s Pa ⋅⨯=-51082.1μ，N=10，代入上式)]1082.191000)100.1(2010(exp[1%50526--⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯--=i W π，解得W i =5.5mm 。
根据一般旋风除尘器的尺寸要求，D 0=4W i =2.2cm ；H ＝2 W i =1.1cm 。
气体流量Q=A.V=H.W.V c =1.21×10－3m 3/s6.9解：按《大气污染控制工程》P170（6－18）22222225)5/(1)5/()/(1)/(pipipi pi c pi c pi i d d d d d d d d +=+=+=η；⎰⎰∝+==022125pi pipipi i qdd dd qdd ηη。
d g =20m μ，25.1=σ，])32.020ln(ex p[79.1])ln 2ln(ex p[ln 2122pipi ggpi gpi d d d d d q -=-=σσπ 代入上式，利用Matlab 积分可得%3.9610==⎰piiqddηη。
6.10解：驱进速度按《大气污染控制工程》P187（6－33）s m d qE w p p/176.01011081.1310100103.0365315=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯==---ππμ。
2885.123.0m dL A =⨯⨯==ππ，Q=0.075m 3/s ，代入P188（6－34）%8.98)176.0075.0885.1ex p(1)ex p(1=⨯--=--=i i w Q A η。
6.11 解：1）Q ’=2/3=0.667 m 3/s ，S=3.662=13.4m 2，%3.99)122.02/667.04.13exp(1=⨯--=i η。
2）5.13/15.0max ==vv ，查图6－27得Fv=1.75 故%8.9875.1%)3.991(1)1(1=--=--=Fv i ηη。
6.12 解：1）由题意77.0)9.0exp(15.0=⇒⨯--=k k d p =3.5m μ，%2.93)5.377.0ex p(11=⨯--=η d p =8.0m μ，%8.99)0.877.0ex p(12=⨯--=ηd p =13.0m μ，%100)0.1377.0ex p(13=⨯--=η故%98%6.9832.01%8.992.0%2.932.0>=⨯⨯+⨯+⨯=η2）301%6.982iρ-=，则i 2ρ=0.42g/m 3>0.1g/m 3。
不满足环保规定和使用者需要。
6.13 解：1）由《大气污染控制工程》P183（6－31）电场荷电为C E d q p 16526120201004.3104.3)105(1085.85.35.1323---⨯=⨯⨯⨯⨯⨯⨯=+=πεεεπ扩散荷电按P184 （6－32）计算，与电场荷电相比很小，可忽略。
因此饱和电荷值3.04×10－16C 。
2）电场荷电为C E d q p 19526120201086.4104.3)102.0(1085.85.35.1323---⨯=⨯⨯⨯⨯⨯⨯=+=πεεεπ扩散荷电与电场荷电相比很小，可忽略，故粉尘荷电量4.86×10－19C 。
3）取s Pa ⋅⨯=-5105.2μd p =5m μ时，s m d qE w p p/088.0105105.23104.31004.3365516=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯==---ππμ；d p =0.2m μ时，s m d qE w p p/1051.3102.0105.23104.31086.43365519----⨯=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯==ππμ。
6.14 解：查图得集气板面积约1000m 3.（1000m 3/min ）－1。
根据)ex p(1i i w QA--=η， 0.995=1－exp （－w i ）解得w i =5.30m/min 。
6.15解：%95)ex p(1=--=w Q A η，故05.0)ex p(=-w Q A ，0025.0)2ex p(=-w QA因此%75.990025.01)2ex p(1'=-=--=w QAη。
6.16解：设3种粒子的分级效率分别为1η、2η、3η，则6586.095.03)1()1()1(3710321=⇒⨯=-+-+-=++---k e e e k k k ηηη因此%9.991=η，%0.992=η，%1.863=η。
6.17 解：1）粉尘粒径d p =10m μ当液滴直径为50m μ时，R=0.2；碰撞数3.36618)(2=-=CD p p p I D u u d N μρ，14.19=I N 。
由给出计算公式可得%3.50=η同理可得液滴直径为100m μ、500m μ时捕集效率为42.6％、10.1%。
2）d p =50m μ用同样方法计算可得颗粒在直径为50m μ、100m μ、500m μ的液滴上捕集效率分别为 0、10.2%、25.0％。
6.18解：按《大气污染控制工程》P211（6－53）O cmH Q Q v p glT 23223235.961036.1)1083(1003.1)(1003.1=⨯⨯⨯⨯⨯-=⨯-=∆--- 由（6－55）233.02229]101.6exp[pd gp C g l i epf d C P --=∆⨯-=μρρ粒径小于0.1m μ所占质量百分比太小，可忽略；粒径大于20.0m μ，除尘效率约为1；因此%0152.01000.81000.121000.161000.1310078.010021.02222225.1733.05.1233.05.733.0333.075.033.03.033.0=⨯+⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=⨯-⨯-⨯-⨯-⨯-⨯-e e e e e e P故%48.981=-=P η。
6.19 解：O cmH Q Q v p glT 23232316631012)11600(1003.1)(1003.1=⨯⨯⨯⨯-=⨯-=∆--- 坎宁汉修正143.12.1172.01172.01=+=+=p C d C 0])10845.1(166322.02.1143.1789.11101.6exp[]101.6exp[242292229=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯-=∆⨯-=---gp C g l i pf d C P μρρ6.20解：设气液比1L/m 3，d p =1.2m μ，3/8.1cm g p =ρ，f=0.25。
在1atm 与510.K 下查得s Pa g ⋅⨯=-51099.2μ。
由O cmH v Q Q v p glT 2323234.152100.11003.1)(1003.1=⨯⨯⨯⨯-=⨯-=∆---可解得 v=121.6m/s 。
故喉管面积2058.06.1211.7m S ==，D T =272mm 。
取喉管长度300mm ，通气管直径D 1=544mm 。
241=α，62=α，则m mm ctg D D L T 64.064022111==-=α，m ctg D D L T 13.322222=-=α（取D 2=600mm ）。
6.21 解：由《Air Pollution Control Engineering 》P300 9.48式 t D zc D M ηπ∆=24。
t η通过P293 Figure9.18读取。
取33/102m kg p ⨯=ρ，雨滴D b =2mm ，处于牛顿区，利用《大气污染控制工程》P150（5－83）s m v /0.7]205.1/81.9)205.1100.1(100.2[74.12/133=⨯-⨯⨯=-。