高考物理总复习第四章曲线运动万有引力与航天第二节抛体运动课后达标
高考物理总复习 第四章 曲线运动 万有引力与航天 第二节 抛体运动课后达标

第二节 抛体运动[学生用书P295(单独成册)](建议用时:60分钟)一、单项选择题 1.如图所示,在同一竖直平面内,小球a 、b 从高度不同的两点(h a >h b )分别以初速度v a 和v b 沿水平方向抛出,经时间t a 和t b 后落到与两抛出点水平距离相等的P 点,若不计空气阻力,则( )A .t a >t b ,v a <v bB .t a >t b ,v a >v bC .t a <t b ,v a <v bD .t a <t b ,v a >v b解析:选A.由平抛运动规律可知:h =12gt 2,x =v 0t ,根据题中条件,因为h a >h b ,所以t a >t b ,又因为x a =x b ,故v a <v b ,所以A 选项正确.2.2016年里约奥运会上,中国女排再次夺冠.如图所示,在某次比赛中,我国女排队员将排球从底线A 点的正上方以某一速度水平发出,排球正好擦着球网落在对方底线的B 点上,且AB 平行于边界CD .已知网高为h ,球场的长度为s ,不计空气阻力且排球可看成质点,则排球被发出时,击球点的高度H 和水平初速度v 分别为( )A .H =34hB .H =32hC .v =s3h 3gh D .v =s4h6gh 解析:选D.由平抛运动知识可知12gt 2=H ,H -h =12g ⎝ ⎛⎭⎪⎫t 22,得H =43h ,A 、B 错误.由vt=s ,得v =s4h6gh ,D 正确,C 错误.3.如图所示,在斜面顶点以大小相同的速度v 0同时水平向左与水平向右抛出两个小球A 和B ,两侧斜坡的倾角分别为37°和53°,小球均落在坡面上,若不计空气阻力,则A 和B 两小球的运动时间之比为( )A .16∶9B .9∶16C .3∶4D .4∶3解析:选B.对于A 球有tan 37°=h x =gt A 2v 0,解得t A =2v 0tan 37°g;同理对B 有t B =2v 0tan 53°g ,由此解得t A t B =916,故选项B 正确,A 、C 、D 错误. 4.如图所示,在竖直放置的半圆形容器的中心O 点分别以水平初速度v 1、v 2抛出两个小球甲、乙(可视为质点),最终它们分别落在圆弧上的A 点和B 点,已知OA 与OB 互相垂直,且OA 与竖直方向成α角,则两小球初速度之比v 1v 2为( )A .tan αB .cos αsin αC .tan α·tan αD .cos α·cos α解析:选C.根据平抛运动得甲小球水平方向的位移为x A =R sin α=v 1t 1,竖直方向的位移为y A =R cos α=12gt 21,解得v 1=12gR sin αcos α;乙小球水平方向的位移为x B =R cos α=v 2t 2,竖直方向的位移为y B =R sin α=12gt 22,解得v 2=12gR cos αsin α,所以有v 1v 2=tan α·tan α.选项C 正确.5.一阶梯如图所示,其中每级台阶的高度和宽度都是0.4 m ,一小球以水平速度v 飞出,g 取10 m/s 2,欲打在第四台阶上,则v 的取值范围是( )A. 6 m/s <v ≤2 2 m/s B .2 2 m/s <v ≤3.5 m/s C. 2 m/s <v < 6 m/s D .2 2 m/s <v < 6 m/s解析:选A.根据平抛运动规律有:x =vt ,y =12gt 2,若打在第3台阶与第4台阶边沿,则根据几何关系有:vt =12gt 2,得v =12gt ,如果落到第四台阶上,有:3×0.4<12gt 2≤4×0.4,代入v =12gt ,得 6 m/s <v ≤2 2 m/s ,A 正确.6.如图所示,A 、B 两质点从同一点O 分别以相同的水平速度v 0沿x 轴正方向抛出,A 在竖直平面内运动,落地点为P 1;B 沿光滑斜面运动,落地点为P 2,P 1和P 2在同一水平面上,不计阻力,则下列说法正确的是( )A .A 、B 的运动时间相同 B .A 、B 沿x 轴方向的位移相同C .A 、B 运动过程中的加速度大小相同D .A 、B 落地时速度大小相同解析:选D.设O 点与水平面的高度差为h ,由h =12gt 21,h sin θ=12g sin θ·t 22可得:t 1=2hg,t 2=2hg sin 2θ,故t 1<t 2,A 错误;由x 1=v 0t 1,x 2=v 0t 2,可知,x 1<x 2,B 错误;由a 1=g ,a 2=g sin θ可知,C 错误;A 落地的速度大小为v A =v 20+(gt 1)2=v 20+2gh ,B 落地的速度大小v B =v 20+(a 2t 2)2=v 20+2gh ,所以v A =v B ,故D 正确.二、多项选择题7.如图甲是古代一种利用抛出的石块打击敌人的装置,图乙是其工作原理的简化图.将质量为m =10 kg 的石块装在距离转轴L =4.8 m 的长臂末端口袋中.发射前长臂与水平面的夹角α=30°.发射时对短臂施力使长臂转到竖直位置时立即停止,石块靠惯性被水平抛出.若石块落地位置与抛出位置间的水平距离为s =19.2 m .不计空气阻力,g =10 m/s 2.则以下判断正确的是( )A .石块被抛出瞬间速度大小为12 m/sB .石块被抛出瞬间速度大小为16 m/sC .石块落地瞬间速度大小为20 m/sD .石块落地瞬间速度大小为16 m/s解析:选BC.石块被抛出后做平抛运动,水平方向s =v 0t ,竖直方向h =12gt 2,抛出点到地面的高度h =L +L ·sin α,解得v 0=16 m/s ,选项B 正确;石块落地时,竖直方向的速度v y =gt =12 m/s ,落地速度v t =v 20+v 2y =20 m/s ,选项C 正确.8.(2018·山西怀仁第一中学高三月考)如图所示,从同一水平线上的不同位置,沿水平方向抛出两个小球A 、B ,不计空气阻力,若欲使两小球在空中相遇,则必须( )A .先抛出A 球B .同时抛出两球C .先抛出B 球D .在相遇点A 球速度大于B 球速度解析:选BD.相遇时,下降的高度相同,根据t =2hg知,运动的时间相同,则同时抛出,故A 错误,B 正确,C 错误.相遇时,A 球的水平位移大,时间相等,则A 球的初速度大,相遇时,A 、B 球的竖直分速度相等,结合平行四边形定则知,在相遇点A 球的速度大于B 球的速度,故D 正确.9.(2018·安徽六安一中段考)如图所示,一演员表演飞刀绝技,由O 点先后抛出完全相同的3把飞刀,分别依次垂直打在竖直木板M 、N 、P 三点上.假设不考虑飞刀的转动,并可将其视为质点,已知O 、M 、N 、P 四点距离水平地面高度分别为h 、4h 、3h 、2h ,以下说法正确的是( )A .3把飞刀在击中木板时动能相同B .到达M 、N 、P 三点的飞行时间之比为1∶2∶ 3C .到达M 、N 、P 三点的初速度的竖直分量之比为3∶2∶1D .设到达M 、N 、P 三点,抛出飞刀的初速度与水平方向夹角分别为θ1、θ2、θ3,则有θ1>θ2>θ3解析:选CD.将运动逆向看,可视为3个平抛运动且到达O 点时水平位移相等.由H =12gt 2得t =2Hg,则到达M 、N 、P 三点的飞行时间之比为3∶2∶1,B 错误.在水平方向有l =v M t 1=v N t 2=v P t 3,由E k =12mv 2知3把飞刀在击中木板时打在M 点处的动能最小,打在P 点处的动能最大,A 错误.由v y =gt 可知到达M 、N 、P 三点的初速度的竖直分量之比为3∶2∶1,C 正确.作出抛体运动的轨迹,可知θ1>θ2>θ3,D 正确.10.车手要驾驶一辆汽车飞越宽度为d 的河流.在河岸左侧建起如图所示高为h 、倾角为α的斜坡,车手驾车从左侧冲上斜坡并从顶端飞出,接着无碰撞地落在右侧高为H 、倾角为θ的斜坡上,顺利完成了飞越.已知h >H ,当地重力加速度为g ,汽车可看成质点,忽略车在空中运动时所受的空气阻力.根据题设条件可以确定( )A .汽车在左侧斜坡上加速的时间tB .汽车离开左侧斜坡时的动能E kC .汽车在空中飞行的最大高度H mD .两斜坡的倾角满足α<θ解析:选CD.设汽车从左侧斜坡飞出时的速度大小为v ,飞出后,汽车水平方向以v cos α做匀速直线运动,竖直方向以v sin α为初速度做竖直上抛运动,则汽车从飞出到最高点的过程中,竖直方向有H m -h =v 2sin 2α2g,汽车无碰撞地落在右侧斜坡上,说明车落在斜坡上时速度方向与斜坡平行,故汽车落在斜坡上时的速度大小为v ′=v cos αcos θ,对汽车从最高点到右侧斜坡的过程,竖直方向有H m -H =v ′2sin 2θ2g ,联立以上三式,解得H m =h tan 2θ-H tan 2αtan 2θ-tan 2α,选项C 正确;因为h >H ,汽车落在右侧斜坡上时,竖直方向的分速度v ′y大于从左侧斜坡飞出时竖直方向的分速度v y ,但水平方向分速度大小相同,故tan α=v yv x<v ′yv x=tan θ,所以α<θ,选项D 正确;因汽车的质量未知,故汽车离开左侧斜坡时的动能无法求解,选项B 错误;因汽车在左侧斜坡运动过程的初速度及加速度均未知,故运动时间无法求解,选项A 错误.三、非选择题11.如图所示,装甲车在水平地面上以速度v 0=20 m/s 沿直线前进,车上机枪的枪管水平,距地面高为h =1.8 m .在车正前方竖直立一块高为两米的长方形靶,其底边与地面接触.枪口与靶距离为L 时,机枪手正对靶射出第一发子弹,子弹相对于枪口的初速度为v =800 m/s.在子弹射出的同时,装甲车开始匀减速运动,行进s =90 m 后停下.装甲车停下后,机枪手以相同方式射出第二发子弹.(不计空气阻力,子弹看成质点,重力加速度g =10 m/s 2)(1)求装甲车匀减速运动时的加速度大小;(2)当L =410 m 时,求第一发子弹的弹孔离地的高度,并计算靶上两个弹孔之间的距离; (3)若靶上只有一个弹孔,求L 的范围. 解析:(1)装甲车匀减速运动的加速度大小a =v 202s =209m/s 2. (2)第一发子弹飞行时间t 1=Lv +v 0=0.5 s弹孔离地高度h 1=h -12gt 21=0.55 m第二发子弹的弹孔离地的高度 h 2=h -12g ⎝ ⎛⎭⎪⎫L -s v 2=1.0 m两弹孔之间的距离Δh =h 2-h 1=0.45 m.(3)若第一发子弹打到靶的下沿(第二发打到靶上),装甲车枪口离靶的距离为L 1L 1=(v 0+v )2hg=492 m若第二发子弹打到靶的下沿(第一发打到地上),装甲车枪口离靶的距离为L 2L 2=v2hg+s =570 m故L 的范围为492 m<L ≤570 m. 答案:(1)209 m/s 2(2)0.55 m 0.45 m(3)492 m<L ≤570 m12.(2018·四川成都树德中学高三月考)如图所示,在倾角为37°的斜坡上有一人,前方有一动物沿斜坡匀速向下奔跑,速度v =15 m/s ,在二者相距L =30 m 时,此人以速度v 0水平抛出一石块,打击动物,人和动物都可看成质点.(已知sin 37°=0.6,g =10 m/s 2)(1)若动物在斜坡上被石块击中,求v 0的大小;(2)若动物在斜坡末端时,动物离人的高度h =80 m ,此人以速度v 1水平抛出一石块打击动物,同时动物开始沿水平面运动,动物速度v =15 m/s ,动物在水平面上被石块击中的情况下,求速度v 1的大小.解析:(1)设过程中石块运动所需时间为t 对于动物:运动的位移s =vt对于石块:竖直方向(L +s )sin 37°=12gt 2水平方向:(L +s )cos 37°=v 0t 代入数据,由以上三式可得:v 0=20 m/s. (2)对动物:x 1=vt 1,对于石块:竖直方向h =12gt 21,解得t 1=2hg=4 s水平方向:htan θ+x 1=v 1t 1,联立可得v 1≈41.7 m/s.答案:见解析。
2022版高考物理一轮复习第四章曲线运动万有引力与航天第2讲抛体运动练习含解析新人教版2021052

第2讲抛体运动一、选择题(此题共10小题,1~7题为单项选择,8~10题为多项选择)1.(2020·某某省某某市统考)如下列图,气枪水平对准被磁铁吸住的钢球,在子弹射出枪口的同时,将电磁铁的电路断开,释放钢球使其自由下落(设离地高度足够大),不计空气阻力,如此如下说法中正确的答案是( A )A.子弹与钢球在任意时刻都位于同一高度B.子弹一定比钢球后落地C.子弹一定从空中下落的钢球下方飞过D.只有在气枪离电磁铁某一距离时,子弹才能击中空中下落的钢球[解析] 此题通过平抛运动与自由落体运动考查运动的等时性问题。
子弹在竖直方向上做自由落体运动,与钢球的运动情况一样,故子弹与钢球在任意时刻都位于同一高度,即子弹与钢球会同时落地,故A正确,B、C错误;子弹做平抛运动,只要电磁铁在子弹的射程之内,子弹就能击中下落的钢球,故D错误。
2.甲、乙两个同学打乒乓球,某次动作中,甲同学持拍的拍面与水平方向成45°角,乙同学持拍的拍面与水平方向成30°角,如下列图.设乒乓球击打拍面时速度方向与拍面垂直,且乒乓球每次击打球拍前后的速度大小相等,不计空气阻力,如此乒乓球击打甲的球拍的速度v1与乒乓球击打乙的球拍的速度v2之比为( C )A.63B. 2C.22D.33[解析] 由题可知,乒乓球在甲与乙之间做斜上抛运动,根据斜上抛运动的特点可知,乒乓球在水平方向的分速度大小保持不变,竖直方向的分速度是不断变化的,由于乒乓球击打拍面时速度与拍面垂直,在甲处有v 甲x =v 1sin 45°,在乙处有v 乙x =v 2sin 30°,如此v 1sin 45°=v 2sin 30°,解得v 1v 2=22,选项C 正确。
3.(2020·某某某某模拟)如图甲所示,一名运动员在参加跳远比赛。
其运动轨迹可以简化为如图乙所示,假设跳远运动员落入沙坑前经过了P 、Q 两点,经过P 、Q 两点时速度方向与水平方向的夹角分别为37°和45°。
2024届高考物理一轮第四章曲线运动万有引力与航天第2讲抛体运动

第2讲抛体运动一、平抛运动1.定义:以一定的初速度沿水平方向抛出的物体只在重力作用下的运动。
2.性质:平抛运动是加速度为g的匀变速曲线运动,其运动轨迹是抛物线。
3.研究方法——运动的合成与分解。
(1)水平方向:匀速直线运动;(2)竖直方向:自由落体运动。
二、平抛运动的规律运动分解示意图:两个重要推论:(1)做平抛(或类平抛)运动的物体在任一时刻,设其速度方向与水平方向的夹角为θ,位移与水平方向的夹角为α,则tan θ=2tan_α。
(2)做平抛(或类平抛)运动的物体任一时刻的瞬时速度的反向延长线一定通过此时水平位移的中点,则x=2OB。
速度关系位移关系三、斜抛运动1.定义将物体以初速度v0沿斜向上方或斜向下方抛出,物体只在重力作用下的运动。
2.研究方法斜抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀变速直线运动。
(1)水平方向:v0x=v0cos_θ,F合x=0;(2)竖直方向:v0y=v0sin_θ,F合y=mg。
情境创设一架投放救灾物资的飞机在受灾区域的上空水平地匀速飞行,从飞机上投放的救灾物资在落地前的运动中(不计空气阻力)微点判断(1)速度和加速度都在不断改变。
(×)(2)速度和加速度方向之间的夹角一直减小。
(√)(3)在相等的时间内速度的改变量相等。
(√)(4)在相等的时间内速率的改变量相等。
(×)情境创设如图所示,运动员以相同速率,沿不同方向抛出铅球,不计空气阻力。
微点判断(5)铅球的加速度相同。
(√)(6)铅球的射程相同。
(×)(7)铅球的射高相同。
(×)(一) 平抛运动规律及应用(固基点)[题点全练通]1.[平抛运动的理解]对于做平抛运动的物体,下列说法中正确的是( ) A.物体落地时的水平位移与初速度无关B.初速度越大,物体在空中运动的时间越长C.物体落地时的水平位移与抛出点的高度及初速度有关D.在相等的时间内,物体速度的变化量不相同解析:选C 根据平抛运动在竖直方向上做自由落体运动,由位移时间公式得h=12gt2,解得运动时间为t=2hg,做平抛运动的时间是由物体所处的高度决定的,与初速度无关,根据运动学公式,可得物体落地时的水平位移x=v0t=v02hg,所以落地时的水平位移由初速度和所处高度决定,故A、B错误,C正确;由于做平抛运动的物体只受重力的作用,加速度为重力加速度g ,根据公式Δv =g Δt ,可知在相等的时间内,物体速度的变化量是相同的,故D 错误。
高考物理一轮复习 第四章 曲线运动万有引力与航天 第二节 抛体运动随堂达标巩固落实课件

D.cos α· cos α
解析:选 C.根据平抛运动得甲小球水平方向的位移为 xA= Rsin α=v1t1,竖直方向的位移为 yA=Rcos α=12gt21,解得 v1
=
1 2gR
sin α ;乙小球水平方向的位移为 cos α
xB=Rcos
α=
v2t2,竖直方向的位移为 yB=Rsin α=12gt22,解得 v2= 12gR csoisnαα,所以有vv12=tan α· tan α.选项 C 正确.
5.(高考浙江卷)如图所示,装甲车在水平地面上以速度 v0 =20 m/s 沿直线前进,车上机枪的枪管水平,距地面高为 h =1.8 m.在车正前方竖直立一块高为两米的长方形靶,其底 边与地面接触.枪口与靶距离为 L 时,机枪手正对靶射出第 一发子弹,子弹相对于枪口的初速度为 v=800 m/s.在子弹射 出的同时,装甲车开始匀减速运动,行进 s=90 m 后停下.装 甲车停下后,机枪手以相同方式射出第二发子弹.(不计空气 阻力,子弹看成质点,重力加速度 g=10 m/s2)加速度的大小 g=10 /s2.可求得 h 等于( )
A.1.25 m
B.2.25 m
C.3.75 m
D.4.75 m
解析:选 A.根据两球同时落地可得
2gH=dvAB+
代入数据得 h=1.25 m,选项 A 正确.
2gh,
2.如图,战机在斜坡上方进行投弹演练.战机水平匀速飞行, 每隔相等时间释放一颗炸弹,第一颗落在 a 点,第二颗落在 b 点.斜坡上 c、d 两点与 a、b 共线,且 ab=bc=cd,不计 空气阻力.第三颗炸弹将落在( )
向有 y2=vyt2+12gt22.解得 t2=2t1,y2>2y1,所以 Q 点在 c 点的 下方,也就是第三颗炸弹将落在 bc 之间,故 A 正确,B、C、 D 错误.
2022高考物理一轮复习第四章曲线运动万有引力与航天第二节抛体运动训练(含解析)

第二节 抛体运动(建议用时:45分钟)[基础达标]1.在地面上方某点将一小球以一定的初速度沿水平方向抛出,不计空气阻力,则小球在随后的运动中( )A .速度和加速度的方向都在不断变化B .速度与加速度方向之间的夹角一直减小C .在相等的时间间隔内,速率的改变量相等D .在相等的时间间隔内,动能的改变量相等解析:选B 。
由于小球只受重力作用,做平抛运动,故加速度不变,速度大小和方向时刻在变化,A 错误;设某时刻速度与竖直方向(即加速度方向)夹角为θ,则tan θ=v 0v y =v 0gt,随着时间t 变大,tan θ变小,θ变小,B 正确;根据加速度定义式a =Δv Δt =g ,则Δv =gΔt ,即在相等的时间间隔内,速度的改变量相等,但速率的改变量不相等,C 错误;根据动能定理,动能的改变量等于重力做的功,即W G =mgh ,对于平抛运动,在竖直方向上,相等时间间隔内的位移不相等,即动能的改变量不相等,D 错误。
2.一个晴朗无风的冬日,滑雪运动员从雪坡上以v 0的水平速度滑出,落在雪坡下面的水平面上,运动员在空中保持姿势不变。
则当v 0增大时( )A .落地时间增大B .飞出的水平距离增大C .落地时速度减小D .落地时速度方向不变解析:选B 。
运动员做平抛运动,则运动时间由竖直高度决定,初速度变大时,落地时间t 不变,A 错误;根据x =v 0t 可知,飞出的水平距离增大,B 正确;落地时水平速度变大,竖直速度v y =gt 不变,则落地时速度变大,C 错误;落地时水平速度变大,竖直速度v y =gt 不变,则tan θ=v y v 0可知,落地时速度方向改变,D 错误。
3. 如图所示,一质点做平抛运动先后经过A 、B 两点,到达A 点时速度方向与竖直方向的夹角为60°,到达B 点时速度方向与水平方向的夹角为45°。
质点运动到A 点与质点运动到B 的时间之比是( )A .13B .33C .23D .条件不够,无法求出解析:选B 。
高考物理复习第4章曲线运动万有引力与航天第二节抛体运动资料市赛课公开课一等奖省名师优质课获奖PPT课

=v1t1 ②.由①②两式可得 v1=L41 hg.设以速率 v2 发射乒乓球, 经过时间 t2 刚好落到球网右侧台面的两角处,在竖直方向有 3h
=12gt22 ③,在水平方向有
L222+L12=v2t2 ④.由③④两式
可得 v2=12
(4L216+hL22)g.则 v 的最大取值范围为 v1<v<v2.
2gh1,根据 h1-h2=12gt22得,t2= 2(h1- g h2),则平抛运动 的最小速度 v02=tx2=x 2(h1g-h2),增加击球高度,只要速
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度合适,球一定能落到对方界内,故 B 正确,D 错误;任意降 低击球高度(仍大于 h2),会有一临界情况,此时球刚好触网又 刚好压界,若小于该临界高度,速度大会出界,速度小会触网, 所以不是击球高度比网高,就一定能将球发到对方界内,故 C 错误.
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解析:选 AB.平抛运动在水平方向上做匀速直线运动,水平位 移为 x 和32x的时间比为 2∶3,则竖直方向上,根据 h=12gt2, 则有h1-h1h2=49,解得 h1=1.8h2,故 A 正确;若保持击球高度 不变,要想球落在对方界内,要既不能出界,又不能触网,根 据 h1=12gt21得,t1= 2gh1,则平抛运动的最大速度 v01=2t1x=hx1
v2 C.4g
B.8vg2 D.2vg2
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解析:选 B.设轨道半径为 R,小物块从轨道上端飞出时的速度 为 v1,由于轨道光滑,根据机械能守恒定律有 mg×2R=12mv2 -12mv21,小物块从轨道上端飞出后做平抛运动,对运动分解有: x=v1t,2R=12gt2,求得 x= -16R-8vg22+4vg42,因此当 R -8vg2=0,即 R=8vg2时,x 取得最大值,B 项正确,A、C、D 项错误.
高考物理一轮复习 第四章 曲线运动 万有引力与航天 第2讲 抛体运动教学案(含解析)-人教版高三全册

第2讲 抛体运动➢ 教材知识梳理一、平抛运动1.定义:将物体以一定的初速度沿水平方向抛出,不考虑空气阻力,物体只在________作用下的运动.2.性质:属于匀变速曲线运动,其运动轨迹为________.3.研究方法:分解成水平方向的匀速直线运动和竖直方向的________两个分运动. 4.规律(1)水平方向:________运动,v x =v 0,x =v 0t ,a x =0. (2)竖直方向:________运动,v y =gt ,y =12gt 2,a y =g .(3)实际运动:v =v 2x +v 2y ,s =x 2+y 2,a =________. 二、类平抛运动1.定义:加速度恒定、加速度方向与初速度方向________的运动. 2.性质:属于匀变速曲线运动,其运动轨迹为________.3.研究方法:一般将类平抛运动沿________和加速度两个方向分解. 4.运动规律:与平抛运动类似.答案:一、1.重力 2.抛物线 3.自由落体运动 4.(1)匀速直线 (2)自由落体 (3)g 二、1.垂直 2.抛物线 3.初速度[思维辨析](1)平抛运动是匀变速曲线运动.( ) (2)平抛运动的加速度方向时刻在变化.( ) (3)平抛运动的竖直分运动是自由落体运动.( )(4)做平抛运动的物体在任意时刻的速度方向与水平方向的夹角保持不变.( ) (5)做平抛运动的物体在任意相等的两段时间内的速度变化相同.( )(6)对于在相同高度以相同速度平抛的物体,在月球上水平位移与在地球上水平位移相等.( ) 答案:(1)(√) (2)(×) (3)(√) (4)(×) (5)(√)(6)(×)➢ 考点互动探究考点一 平抛运动规律和推论的应用 1.水平射程和飞行时间 (1)飞行时间:由t =2hg可知,飞行时间只与h 、g 有关,与v 0无关.(2)水平射程:由x =v 0t =v 02hg可知,水平射程由v 0、h 、g 共同决定.2.落地速度:v =v 2x +v 2y =v 20+2gh ,与水平方向的夹角的正切tan α=v y v x=2ghv 0,所以落地速度与v 0、g 和h 有关.3.速度改变量:物体在任意相等时间内的速度改变量Δv =g Δt 相同,方向恒为竖直向下,如图4101所示.图41014.平抛运动的两个重要推论:推论一:做平抛(或类平抛)运动的物体在任一时刻任一位置处,设其末速度方向与水平方向的夹角为α,位移与水平方向的夹角为β,那么tan α=2tan β.推论二:做平抛(或类平抛)运动的物体在任意时刻的瞬时速度方向的反向延长线一定过此时水平位移的中点,即图中B 点为OC 的中点.图41021 [2016·某某质量检测] 如图4103所示,在同一平台上的O 点水平抛出的三个物体,分别落到a 、b 、c 三点,那么三个物体运动的初速度v a 、v b 、v c 的关系和三个物体运动的时间t a 、t b 、t c 的关系分别是( )图4103A .v a >v b >v c ,t a >t b >t cB .v a <v b <v c ,t a =t b =t cC .v a <v b <v c ,t a >t b >t cD .v a >v b >v c ,t a <t b <t c 答案:C[解析] 三个物体下落的高度h a >h b >h c ,根据h =12gt 2知,t a >t b >t c .又知x a <x b <x c ,根据x =vt 知,a 的水平位移最短,时间最长,那么速度最小;c 的水平位移最长,时间最短,那么速度最大,所以有v a <v b <v c ,故C 正确,A 、B 、D 错误.1 [2016·某某质量检测] 如图4104所示,将a 、b 两小球以不同的初速度同时水平抛出,它们均落在水平地面上的P 点,a 球抛出时的高度比b 球的高,P 点到两球起抛点的水平距离相等,不计空气阻力.与b 球相比,a 球( )图4104A .初速度较大B .速度变化率较大C .落地时速度一定较大D .落地时速度方向与其初速度方向的夹角较大答案:D [解析] 根据题述,两球水平位移相等.由于a 球抛出时的高度比b 球的高,由h =12gt 2可知,a 球飞行时间长,由x =v 0t 可知,a 球的初速度一定较小,选项A 错误.两球都只受重力作用,加速度都是g ,即速度变化率相同,ΔvΔt=g ,选项B 错误.小球落地时速度v 是水平速度与竖直速度的合速度,a 球的初速度(水平速度)小,竖直速度大,所以不能判断哪个小球落地时速度较大,a 球落地时速度方向与其初速度方向的夹角较大,选项C 错误,选项D 正确.2 如图4105所示,将一小球从坐标原点沿着水平轴Ox 以v 0=2 m/s 的速度抛出,经过一段时间小球到达P 点,M 为P 点在Ox 轴上的投影,作小球轨迹在P 点的切线并反向延长,与Ox 轴相交于Q点,QM =3 m ,那么小球运动的时间为( )图4105A .1 sB .2 sC .3 sD .4 s答案:C [解析] 由平抛运动的推论可知,Q 为OM 的中点,那么从O 点运动到P 点的过程中,小球发生的水平位移s 水平=OM =2QM =6 m .由于水平方向做匀速直线运动,那么小球在这段过程中运动的时间为t =3 s.考点二 平抛运动与斜面、曲面结合问题实例实例1实例2图示定量关系 tan θ=v 0v y =v 0gt tan θ=y x =gt2v 0实例实例3实例4图示定量关系水平方向:R ±R 2-h 2=v 0t竖直方向:h =12gt 2水平方向:d =v 0t 竖直方向:h =12gt 2考向一 平抛与斜面体结合2 (多项选择)[2016·某某模拟] 如图4106所示,不计空气阻力,从O 点水平抛出的小球抵达光滑斜面上端P 处时,速度方向恰好沿着斜面方向,然后紧贴斜面PQ 做匀加速直线运动.以下说法正确的选项是( )图4106A.小球在斜面上运动的加速度大小比平抛运动时的大B.小球在斜面上运动的加速度大小比平抛运动时的小C.撤去斜面,小球仍从O点以相同速度水平抛出,落地速率将不变D.撤去斜面,小球仍从O点以相同速度水平抛出,落地时间将不变答案:BC[解析] 小球做平抛运动时,加速度为重力加速度g,在斜面上运动时,加速度为a=g sin α(α为斜面的倾角),选项A错误,选项B正确;小球平抛后又紧贴斜面PQ做匀加速直线运动,小球在斜面上所受的弹力对小球不做功,整个过程只有重力做功,而撤去斜面,小球仍从O点以相同速度水平抛出,整个过程也只有重力做功,两种方式小球机械能守恒,所以小球落地速率将不变,选项C正确;当在斜面上运动时,由运动的合成与分解知,小球在竖直方向的加速度小于重力加速度g,所以撤去斜面后,小球落地时间变短,选项D错误.(多项选择)[2016·某某调研检测] 如图4107所示,一固定斜面倾角为θ,将小球A从斜面顶端以速率v0水平向右抛出,小球击中了斜面上的P点;将小球B从空中某点以相同速率v0水平向左抛出,小球恰好垂直斜面击中Q点.不计空气阻力,重力加速度为g,以下说法正确的选项是( )图4107A.假设小球A在击中P点时速度方向与水平方向所夹锐角为φ,那么tan θ=2tan φB.假设小球A在击中P点时速度方向与水平方向所夹锐角为φ,那么tan φ=2tan θC.小球A、B在空中运动的时间之比为2tan2θ∶1D.小球A、B在空中运动的时间之比为tan2θ∶1答案:BC [解析] 由题图可知,斜面的倾角θ等于小球A落在斜面上时的位移与水平方向的夹角,由平抛运动的推论可知,tan φ=2tan θ,选项A错误,选项B正确;设小球A在空中运动的时间为t1,小球B 在空中运动的时间为t 2,那么由平抛运动的规律可得tan θ=12gt 21v 0t 1,tan θ=v 0gt 2,故t 1t 2=2tan 2θ1,选项C 正确,选项D 错误.考向二 平抛运动与弧面结合] 如图4108所示,竖直平面内有一段圆弧MN ,小球从圆心O 处水平抛出.假设初速度为v a ,小球将落在圆弧上的a 点;假设初速度为v b ,小球将落在圆弧上的b 点.Oa 、Ob 与竖直方向的夹角分别为α、β,不计空气阻力,那么()图4108A.v a v b =sin αsin β B.v a v b =cos βcos α C.v a v b =cos βcos α·sin αsin β D.v a v b =sin αsin β·cos βcos α答案:D[解析] 小球水平抛出,做平抛运动,假设落到a 点,那么有R sin α=v a t a ,R cos α=12gt 2a ,解得v a=gR2cos α·sin α;假设落到b 点,那么有R sin β=v b t b ,R cos β=12gt 2b ,解得v b =gR2cos β·sinβ,故v a v b =sin αsin β·cos βcos α如图4109所示,水平路面出现了一个地坑,其竖直截面为半圆.AB 为沿水平方向的直径.一辆行驶的汽车发现情况后紧急刹车安全停下,但两颗石子分别以速度v 1、v 2从A 点沿AB 方向水平飞出,分别落于C 、D 两点,C 、D 两点距水平路面的高度分别为圆弧半径的0.6倍和1倍,那么v 1∶v 2的值为()图4109A. 3B.35C.3155 D.335答案:C [解析] 设圆弧的半径为R ,根据平抛运动规律得x 1=v 1t 1,x 2=v 2t 2,联立得v 1v 2=x 1t 2x 2t 1=〔R +0.8R 〕t 2Rt 1=1.8t 2t 1.小球竖直方向上做自由落体运动,有y 1=12gt 21,y 2=12gt 22,解得t 1t 2=y 1y 2,其中y 2=R ,y 1=0.6R ,那么有t 1t 2=y 1y 2=0.6,故v 1v 2=3155,选项C 正确.■ 模型点拨解答此类问题要注意以下几方面工作:(1)做好运动模型的确定,例如此题为平抛运动;(2)及时应用合成与分解的思想进行定量的分析和计算;(3)准确分析平抛运动的轨迹(抛物线)与题目背景相关的空间几何关系,必要时可以通过辅助线或转换观察方向的思想灵活求解.考点三 平抛运动综合问题关于平抛运动与其他运动形式(如匀速直线运动、竖直上抛运动、自由落体运动、圆周运动等)综合的题目,在这类问题的分析中要注意平抛运动与其他运动在时间上、位移上、速度上的相关分析.4 如图41010所示,离地面高h 处有甲、乙两个小球,甲以初速度v 0水平射出,同时乙以初速度v 0沿倾角为45°的光滑斜面滑下.假设甲、乙同时到达地面,那么v 0的大小是( )图41010A.gh2B.ghC.2gh2D .2gh 答案:A[解析] 甲做平抛运动,水平方向上为匀速运动,竖直方向上为自由落体运动,根据h =12gt 2得t =2hg,根据几何关系可知x 乙=2h ,乙做匀加速直线运动,根据牛顿第二定律得a =F 合m =mg sin 45m =22g ,根据位移公式得x 乙=v 0t +12at 2,联立解得v 0=gh2,选项A 正确.式题1 [2016·某某质检] 如图41011所示,斜面固定在水平面上,两个小球分别从斜面底端O 点正上方A 、B 两点向右水平抛出,B 为AO 连线的中点,最后两球都垂直落在斜面上,那么A 、B 两球击中斜面位置到O 点的距离之比为( )图41011A.2∶1 B .2∶1 C .4∶ 2 D .4∶1答案:B [解析] 设落到斜面上的位置分别为P 、Q ,由题意知,落到斜面上时两小球的速度与水平面的夹角相等,根据平抛运动的推论知,位移AP 、BQ 与水平面的夹角也相等,那么△POA 与△QOB 相似,对应边成比例,B 正确.2 如图41012所示,倾角为37°的粗糙斜面的底端有一质量m =1 kg 的凹形小滑块,小滑块与斜面间的动摩擦因数μ=0.25.现小滑块以某一初速度v 从斜面底端上滑,同时在斜面底端正上方有一小球以速度v 0水平抛出,经过0.4 s ,小球恰好垂直斜面落入凹槽,此时,小滑块还在上滑过程中.sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,g 取10 m/s 2,求:(1)小球水平抛出的速度v 0的大小; (2)小滑块的初速度v 的大小.图41012答案:(1)3 m/s (2)5.35 m/s[解析] (1)设小球落入凹槽时竖直速度为v y ,那么v y =gt =10×0.4 m/s =4 m/s v 0=v y tan 37°=3 m/s.(2)小球落入凹槽时的水平位移x =v 0t =3×0.4 m =1.2 m那么小滑块的位移为s = 1.2cos 37° m =1.5 m小滑块上滑时,由牛顿第二定律有mg sin 37°+μmg cos 37°=ma解得a =8 m/s 2根据公式s =vt -12at 2解得v =5.35 m/s.■ 方法技巧对于多体运动问题的相关分析,要注意以下几点:(1)做好每一个单个物体的运动分析;(2)找好物体运动在时间上的关系,是同时开始运动还是有时间差;(3)找好物体运动在空间上的关系.考点四 平抛临界X 围问题5 [2016·某某卷] 在真空环境内探测微粒在重力场中能量的简化装置如图41013所示.P 是一个微粒源,能持续水平向右发射质量相同、初速度不同的微粒.高度为h 的探测屏AB 竖直放置,离P 点的水平距离为L ,上端A 与P 点的高度差也为h .(重力加速度为g )(1)假设微粒打在探测屏AB 的中点,求微粒在空中飞行的时间; (2)求能被屏探测到的微粒的初速度X 围;(3)假设打在探测屏A 、B 两点的微粒的动能相等,求L 与h 的关系.图41013[解析] (1)对于打在中点的微粒,有 32h =12gt 2 解得t =3hg(2)对于打在B 点的微粒,有v 1=L t 12h =12gt 21解得v 1=Lg 4h同理,打在A 点的微粒初速度v 2=L g 2h 故微粒初速度X 围为L g4h≤v ≤L g 2h(3)由能量关系得 12mv 22+mgh =12mv 21+2mgh联立解得L =22h式题 [2015·全国卷Ⅰ] 一带有乒乓球发射机的乒乓球台如图41014所示.水平台面的长和宽分别为L 1和L 2,中间球网高度为h .发射机安装于台面左侧边缘的中点,能以不同速率向右侧不同方向水平发射乒乓球,发射点距台面高度为3h .不计空气的作用,重力加速度大小为g .假设乒乓球的发射速率v 在某X 围内,通过选择合适的方向,就能使乒乓球落到球网右侧台面上,那么v 的最大取值X 围是( )图41014A.L 12g6h <v <L 1g 6hB.L 14g h <v <〔4L 21+L 22〕g6hC.L 12g 6h <v <12〔4L 21+L 22〕g6hD.L 14g h <v <12〔4L 21+L 22〕g6h答案:D [解析] 当球落到右侧角上的时候,设飞行时间为t 1,有3h =12gt 21,得t 1=6hg,t 1时间内的水平位移为x 1=L 21+⎝ ⎛⎭⎪⎫L 222=L 21+L 224,发射速度为v 1=x 1t 1=12〔4L 21+L 22〕g6h;当球刚好擦网落到台面中间线上的时候,设飞行时间为t 2,有3h -h =12gt 22,得t 2=2h g ,t 2时间内的水平位移为x 2=L 12,发射速度为v 2=x 2t 2=L 14gh,那么v 2<v <v 1,所以D 正确. 考点五 斜抛运动关于斜抛物体的运动问题,可利用运动的对称性和可逆性进行转化,通过平抛运动的知识求解,例如斜抛运动可以分成式从最高点开始的两个对称的平抛运动进行处理,应注意对整个物理过程进行分析,形成清晰的物理情景.6 [2016·某某卷] 有A 、B 两小球,B 的质量为A 的两倍.现将它们以相同速率沿同一方向抛出,不计空气阻力.图41015中①为A 的运动轨迹,那么B 的运动轨迹是( )图41015A.① B.② C.③ D.④答案:A[解析] 抛体运动的加速度始终为g,与物体的质量无关.当将它们以相同速率沿同一方向抛出时,运动轨迹应该相同,应选项A正确.如图41016所示,从水平地面上不同位置斜抛出的三个小球沿三条不同的路径运动最终落在同一点,三条路径的最高点是等高的.假设忽略空气阻力的影响,以下说法正确的选项是( )图41016A.沿路径1抛出的小球落地的速率最小B.沿路径3抛出的小球在空中运动时间最长C.三个小球抛出的初速度的竖直分量相等D.三个小球抛出的初速度的水平分量相等答案:C [解析] 根据运动的合成与分解,将初速度分解为竖直方向和水平方向的分速度,设初速度方向与竖直方向的夹角为θ,那么小球初速度的竖直分量v竖=v0cos θ,根据小球的运动轨迹可知,三个小球沿竖直方向的分运动相同,根据竖直上抛运动特点可知,三个小球在空中运动时间相同,B错误,C 正确;由于θ1>θ2>θ3,故v01>v02>v03,落地时重力做功为零,所以落地时的速率与初速度的大小相同,A错误;小球初速度的分量v水平=v0sin θ,可知沿路径1抛出的小球初速度的水平分量最大,D错误.■ 规律总结通过运动的合成与分解研究斜抛运动,这是研究斜抛运动的基本方法,通过这样定量的分析可以有效提高对斜抛运动的认识,所以必须了解斜抛运动的基本规律(以斜上抛为例).(1)水平方向:v0x=v0cos θ,a x=0;(2)竖直方向:v0y=v0sin θ,a y=g.图41017[教师备用习题]1.[2015·某某卷] 距地面高5 m的水平直轨道上A、B两点相距2 m,在B点用细线悬挂一小球,离地高度为h,如下图.小车始终以4 m/s的速度沿轨道匀速运动,经过A点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下,小车运动至B点时细线被轧断,最后两球同时落地.不计空气阻力,重力加速度的大小g取10 m/s2.可求得h等于( )A.1.25 m B.2.25 m C.3.75 m D.4.75 m[解析] A 从A点“自由卸下〞的小球做平抛运动,下落时间t A=2Hg=2×510s=1 s.小车从A点运动到B点所用时间t AB=x ABv= 0.5 s.悬挂在B点的小球做自由落体运动,下落时间t B=2hg,根据t B=t A-t AB,可解得h=1.25 m,选项A正确.2.如下图,轰炸机沿水平方向匀速飞行,到达山坡底端正上方时释放一颗炸弹,炸弹垂直击某某坡上的目标A.A点高度为h,山坡倾角为θ,由以上条件不能算出( )A.轰炸机的飞行高度B.轰炸机的飞行速度C.炸弹的飞行时间D.炸弹被投出时的动能[解析] D 根据题述,有tan θ=vgt ,x=vt,tan θ=hx,H=h+y,y=12gt2,由此可算出轰炸机的飞行高度H、轰炸机的飞行速度v、炸弹的飞行时间t.由于题中没有给出炸弹质量,所以不能算出炸弹被投出时的动能,故D正确.3.[2014·某某卷] 如下图,装甲车在水平地面上以速度v0=20 m/s沿直线前进,车上机枪的枪管水平,距地面高为h=1.8 m.在车正前方竖直立一块高为两米的长方形靶,其底边与地面接触.枪口与靶距离为L时,机枪手正对靶射出第一发子弹,子弹相对于枪口的初速度为v=800 m/s.在子弹射出的同时,装甲车开始匀减速运动,行进s=90 m后停下.装甲车停下后,机枪手以相同方式射出第二发子弹.(不计空气阻力,子弹看成质点,重力加速度g取10 m/s2)(1)求装甲车匀减速运动时的加速度大小;(2)当L =410 m 时,求第一发子弹的弹孔离地的高度,并计算靶上两个弹孔之间的距离;(3)假设靶上只有一个弹孔,求L 的X 围.[答案] (1)209m/s 2 (2)0.55 m0.45 m (3)492 m<L ≤570 m [解析] (1)装甲车加速度a =v 202s =209m/s 2. (2)第一发子弹飞行时间t 1=Lv +v 0=0.5 s弹孔离地高度h 1=h -12gt 21=0.55 m 第二发子弹的弹孔离地的高度h 2=h -12g ⎝ ⎛⎭⎪⎫L -s v 2=1.0 m 两弹孔之间的距离Δh =h 2-h 1=0.45 m.(3)第一发子弹打到靶的下沿时,装甲车离靶的距离为L 1=(v 0+v )2h g=492 m 第二发子弹打到靶的下沿时,装甲车离靶的距离为L 2=v 2h g+s =570 m L 的X 围是492 m<L ≤570 m.。
高考物理总复习:必修二第四章曲线运动 万有引力与航天

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绕 O 点做圆周运动,且这两个分运动互不影响,沿 BO 方向拉绳的分运动不会改变 θ 角的大小,而按住 O 点的 圆周运动又不会使 BO 段绳变短,符合分运动的独立性原 则,因此把拉船的绳头 B 的速度 v(小船实际运动速度, 即合速度)分解为沿绳速度 v2 和垂直绳的速度 v1,且 v2 等于人拉绳的速度.
1.本章考查的重点内容包括:(1)运动的合成和分解 的规律方法.(2)平抛运动的规律及研究方法.(3)圆周运 动的运动学规律及受力特点.尤其是牛顿第二定律在圆 周运动中的应用.(4)万有引力定律在天体及航天器运行 中的应用.
2.带电粒子在匀强电场中运动的研究方法是平抛运 动规律及研究方法的迁移.而带电粒子在匀强磁场中的 运动,其研究方法离不开圆周运动的特点运动规律.另 外,各种曲线运动从功能关系入手研究是高考命题的一 大热点.
【答案】 BCD
二、运动合成、分解应用 规律方法 1.两个直线运动的合运动性质的判断 根据合加速度方向与合初速度方向判定合运动是直 线运动还是曲线运动. (1)两个匀速直线运动的合加速度为零,合运动仍是 匀速直线运动,运动方向为合速度方向.
(2)一个匀速直线运动和一个匀变速直线运动的合运 动仍是匀变速运动,二者共线时为匀变速直线运动(如竖 直上抛运动);二者不共线时为匀变速曲线运动(如平抛运 动或斜抛运动).
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第二节 抛体运动[学生用书P295(单独成册)](建议用时:60分钟)一、单项选择题 1.如图所示,在同一竖直平面内,小球a 、b 从高度不同的两点(h a >h b )分别以初速度v a 和v b 沿水平方向抛出,经时间t a 和t b 后落到与两抛出点水平距离相等的P 点,若不计空气阻力,则( )A .t a >t b ,v a <v bB .t a >t b ,v a >v bC .t a <t b ,v a <v bD .t a <t b ,v a >v b解析:选A.由平抛运动规律可知:h =12gt 2,x =v 0t ,根据题中条件,因为h a >h b ,所以t a >t b ,又因为x a =x b ,故v a <v b ,所以A 选项正确.2.2016年里约奥运会上,中国女排再次夺冠.如图所示,在某次比赛中,我国女排队员将排球从底线A 点的正上方以某一速度水平发出,排球正好擦着球网落在对方底线的B 点上,且AB 平行于边界CD .已知网高为h ,球场的长度为s ,不计空气阻力且排球可看成质点,则排球被发出时,击球点的高度H 和水平初速度v 分别为( )A .H =34hB .H =32hC .v =s3h 3gh D .v =s4h6gh 解析:选D.由平抛运动知识可知12gt 2=H ,H -h =12g ⎝ ⎛⎭⎪⎫t 22,得H =43h ,A 、B 错误.由vt=s ,得v =s4h6gh ,D 正确,C 错误.3.如图所示,在斜面顶点以大小相同的速度v 0同时水平向左与水平向右抛出两个小球A 和B ,两侧斜坡的倾角分别为37°和53°,小球均落在坡面上,若不计空气阻力,则A 和B 两小球的运动时间之比为( )A .16∶9B .9∶16C .3∶4D .4∶3解析:选B.对于A 球有tan 37°=h x =gt A 2v 0,解得t A =2v 0tan 37°g;同理对B 有t B =2v 0tan 53°g ,由此解得t A t B =916,故选项B 正确,A 、C 、D 错误. 4.如图所示,在竖直放置的半圆形容器的中心O 点分别以水平初速度v 1、v 2抛出两个小球甲、乙(可视为质点),最终它们分别落在圆弧上的A 点和B 点,已知OA 与OB 互相垂直,且OA 与竖直方向成α角,则两小球初速度之比v 1v 2为( )A .tan αB .cos αsin αC .tan α·tan αD .cos α·cos α解析:选C.根据平抛运动得甲小球水平方向的位移为x A =R sin α=v 1t 1,竖直方向的位移为y A =R cos α=12gt 21,解得v 1=12gR sin αcos α;乙小球水平方向的位移为x B =R cos α=v 2t 2,竖直方向的位移为y B =R sin α=12gt 22,解得v 2=12gR cos αsin α,所以有v 1v 2=tan α·tan α.选项C 正确.5.一阶梯如图所示,其中每级台阶的高度和宽度都是0.4 m ,一小球以水平速度v 飞出,g 取10 m/s 2,欲打在第四台阶上,则v 的取值范围是( )A.6m/s <v ≤22m/s B .22m/s <v ≤3.5 m/s C.2m/s <v <6m/s D .22m/s <v <6m/s解析:选A.根据平抛运动规律有:x =vt ,y =12gt 2,若打在第3台阶与第4台阶边沿,则根据几何关系有:vt =12gt 2,得v =12gt ,如果落到第四台阶上,有:3×0.4<12gt 2≤4×0.4,代入v =12gt ,得 6m/s <v ≤22m/s ,A 正确.6.如图所示,A 、B 两质点从同一点O 分别以相同的水平速度v 0沿x 轴正方向抛出,A 在竖直平面内运动,落地点为P 1;B 沿光滑斜面运动,落地点为P 2,P 1和P 2在同一水平面上,不计阻力,则下列说法正确的是( )A .A 、B 的运动时间相同 B .A 、B 沿x 轴方向的位移相同C .A 、B 运动过程中的加速度大小相同D .A 、B 落地时速度大小相同解析:选D.设O 点与水平面的高度差为h ,由h =12gt 21,h sin θ=12g sin θ·t 22可得:t 1=2hg,t 2=2hg sin 2θ,故t 1<t 2,A 错误;由x 1=v 0t 1,x 2=v 0t 2,可知,x 1<x 2,B 错误;由a 1=g ,a 2=g sin θ可知,C 错误;A 落地的速度大小为v A =v 20+(gt 1)2=v 20+2gh ,B 落地的速度大小v B =v 20+(a 2t 2)2=v 20+2gh ,所以v A =v B ,故D 正确.二、多项选择题7.如图甲是古代一种利用抛出的石块打击敌人的装置,图乙是其工作原理的简化图.将质量为m =10 kg 的石块装在距离转轴L =4.8 m 的长臂末端口袋中.发射前长臂与水平面的夹角α=30°.发射时对短臂施力使长臂转到竖直位置时立即停止,石块靠惯性被水平抛出.若石块落地位置与抛出位置间的水平距离为s =19.2 m .不计空气阻力,g =10 m/s 2.则以下判断正确的是( )A .石块被抛出瞬间速度大小为12 m/sB .石块被抛出瞬间速度大小为16 m/sC .石块落地瞬间速度大小为20 m/sD .石块落地瞬间速度大小为16 m/s解析:选BC.石块被抛出后做平抛运动,水平方向s =v 0t ,竖直方向h =12gt 2,抛出点到地面的高度h =L +L ·sin α,解得v 0=16 m/s ,选项B 正确;石块落地时,竖直方向的速度v y =gt =12 m/s ,落地速度v t =v 20+v 2y =20 m/s ,选项C 正确.8.(2018·山西怀仁第一中学高三月考)如图所示,从同一水平线上的不同位置,沿水平方向抛出两个小球A 、B ,不计空气阻力,若欲使两小球在空中相遇,则必须( )A .先抛出A 球B .同时抛出两球C .先抛出B 球D .在相遇点A 球速度大于B 球速度解析:选BD.相遇时,下降的高度相同,根据t =2hg知,运动的时间相同,则同时抛出,故A 错误,B 正确,C 错误.相遇时,A 球的水平位移大,时间相等,则A 球的初速度大,相遇时,A 、B 球的竖直分速度相等,结合平行四边形定则知,在相遇点A 球的速度大于B 球的速度,故D 正确.9.(2018·安徽六安一中段考)如图所示,一演员表演飞刀绝技,由O 点先后抛出完全相同的3把飞刀,分别依次垂直打在竖直木板M 、N 、P 三点上.假设不考虑飞刀的转动,并可将其视为质点,已知O 、M 、N 、P 四点距离水平地面高度分别为h 、4h 、3h 、2h ,以下说法正确的是( )A .3把飞刀在击中木板时动能相同B .到达M 、N 、P 三点的飞行时间之比为1∶2∶ 3C .到达M 、N 、P 三点的初速度的竖直分量之比为3∶2∶1D .设到达M 、N 、P 三点,抛出飞刀的初速度与水平方向夹角分别为θ1、θ2、θ3,则有θ1>θ2>θ3解析:选CD.将运动逆向看,可视为3个平抛运动且到达O 点时水平位移相等.由H =12gt 2得t =2Hg,则到达M 、N 、P 三点的飞行时间之比为3∶2∶1,B 错误.在水平方向有l =v M t 1=v N t 2=v P t 3,由E k =12mv 2知3把飞刀在击中木板时打在M 点处的动能最小,打在P 点处的动能最大,A 错误.由v y =gt 可知到达M 、N 、P 三点的初速度的竖直分量之比为3∶2∶1,C 正确.作出抛体运动的轨迹,可知θ1>θ2>θ3,D 正确.10.车手要驾驶一辆汽车飞越宽度为d 的河流.在河岸左侧建起如图所示高为h 、倾角为α的斜坡,车手驾车从左侧冲上斜坡并从顶端飞出,接着无碰撞地落在右侧高为H 、倾角为θ的斜坡上,顺利完成了飞越.已知h >H ,当地重力加速度为g ,汽车可看成质点,忽略车在空中运动时所受的空气阻力.根据题设条件可以确定( )A .汽车在左侧斜坡上加速的时间tB .汽车离开左侧斜坡时的动能E kC .汽车在空中飞行的最大高度H mD .两斜坡的倾角满足α<θ解析:选CD.设汽车从左侧斜坡飞出时的速度大小为v ,飞出后,汽车水平方向以v cosα做匀速直线运动,竖直方向以v sin α为初速度做竖直上抛运动,则汽车从飞出到最高点的过程中,竖直方向有H m -h =v 2sin 2α2g,汽车无碰撞地落在右侧斜坡上,说明车落在斜坡上时速度方向与斜坡平行,故汽车落在斜坡上时的速度大小为v ′=v cos αcos θ,对汽车从最高点到右侧斜坡的过程,竖直方向有H m -H =v ′2sin 2θ2g ,联立以上三式,解得H m =h tan 2θ-H tan 2αtan 2θ-tan 2α,选项C 正确;因为h >H ,汽车落在右侧斜坡上时,竖直方向的分速度v ′y大于从左侧斜坡飞出时竖直方向的分速度v y ,但水平方向分速度大小相同,故tan α=v yv x<v ′yv x=tan θ,所以α<θ,选项D 正确;因汽车的质量未知,故汽车离开左侧斜坡时的动能无法求解,选项B 错误;因汽车在左侧斜坡运动过程的初速度及加速度均未知,故运动时间无法求解,选项A 错误.三、非选择题11.如图所示,装甲车在水平地面上以速度v 0=20 m/s 沿直线前进,车上机枪的枪管水平,距地面高为h =1.8 m .在车正前方竖直立一块高为两米的长方形靶,其底边与地面接触.枪口与靶距离为L 时,机枪手正对靶射出第一发子弹,子弹相对于枪口的初速度为v =800 m/s.在子弹射出的同时,装甲车开始匀减速运动,行进s =90 m 后停下.装甲车停下后,机枪手以相同方式射出第二发子弹.(不计空气阻力,子弹看成质点,重力加速度g =10 m/s 2)(1)求装甲车匀减速运动时的加速度大小;(2)当L =410 m 时,求第一发子弹的弹孔离地的高度,并计算靶上两个弹孔之间的距离; (3)若靶上只有一个弹孔,求L 的范围. 解析:(1)装甲车匀减速运动的加速度大小a =v 202s =209m/s 2. (2)第一发子弹飞行时间t 1=Lv +v 0=0.5 s弹孔离地高度h 1=h -12gt 21=0.55 m第二发子弹的弹孔离地的高度 h 2=h -12g ⎝ ⎛⎭⎪⎫L -s v 2=1.0 m两弹孔之间的距离Δh =h 2-h 1=0.45 m.(3)若第一发子弹打到靶的下沿(第二发打到靶上),装甲车枪口离靶的距离为L 1L 1=(v 0+v )2hg=492 m若第二发子弹打到靶的下沿(第一发打到地上),装甲车枪口离靶的距离为L 2L 2=v2hg+s =570 m故L 的范围为492 m<L ≤570 m. 答案:(1)209m/s 2(2)0.55 m0.45 m(3)492 m<L ≤570 m12.(2018·四川成都树德中学高三月考)如图所示,在倾角为37°的斜坡上有一人,前方有一动物沿斜坡匀速向下奔跑,速度v =15 m/s ,在二者相距L =30 m 时,此人以速度v 0水平抛出一石块,打击动物,人和动物都可看成质点.(已知sin 37°=0.6,g =10 m/s 2)(1)若动物在斜坡上被石块击中,求v 0的大小;(2)若动物在斜坡末端时,动物离人的高度h =80 m ,此人以速度v 1水平抛出一石块打击动物,同时动物开始沿水平面运动,动物速度v =15 m/s ,动物在水平面上被石块击中的情况下,求速度v 1的大小.解析:(1)设过程中石块运动所需时间为t 对于动物:运动的位移s =vt对于石块:竖直方向(L +s )sin 37°=12gt 2水平方向:(L +s )cos 37°=v 0t 代入数据,由以上三式可得:v 0=20 m/s. (2)对动物:x 1=vt 1,对于石块:竖直方向h =12gt 21,解得t 1=2hg=4 s水平方向:htan θ+x 1=v 1t 1,联立可得v 1≈41.7 m/s.答案:见解析。