河南省郑州市中原区学大教育培训学校高二物理期中圈题0.ppt
河南省郑州市中原区学大教育培训学校高二物理期中圈题17 静电平衡分析PPT课件
谢谢大家
荣幸这一路，与你同行
It'S An Honor To Walk With You All The Way
演讲人：XXXXXX
时 间：XX年XX月XX日
15
C.用手摸一下球壳，再拿去平行金属板，
球壳带正电
D.用手摸一下球壳，再拿去平行金属板，
400-018-
球壳带负电
结束语
当你尽了自己的最大努力时，失败也是伟大的， 所以不要放弃，坚持就是正确的。
When You Do Your Best, Failure Is Great, So Don'T Give Up, Stick To The End
D．Ea>Ec>Eb， φa>φb>φc
400-018-
4 举一反三-突破提升
2.如图所示，绝缘金属球壳的空腔内有一带电小球，现在球壳左侧放 一带电小球A，下列说法正确的是( ) A．A球对球壳内的电场不影响 B．由于静电屏蔽，球壳内没有电场 C．球壳内外表面均没有电荷 D．由于球壳接地，空腔内的电场对外部也没有影响
04
举一反三-突破提升
4 举一反三-突破提升
1．如图所示为一空腔球形导体(不带电)，现在将一个带正电的小金
属球A放入空腔中，当静电平衡时，图中a、b、c三点的场强E和电势
φ的关系是(
)
A．Ea>Eb>Ec， φa>φb>φc
B．Ea＝Eb>Ec，φa＝φb>φc
C．Ea＝Eb＝Ec，φa＝φb>φc
A．C棒的电势一定高于D棒的电势 B．若用导线将C棒的x端与D棒的y端连接起来的瞬间，将有从y流向x的电
子流 400-018-
高二物理期中圈题07 含容电路分析课件
B．如果开关S保持闭合，把A板向下平移一小段 距离，质点自P点自由下落后将穿过N孔继续下落
C．如果开关S断开，把B板向上平移一小段距离， 质点自P点自由下落仍能沿原路返回
D．如果开关S断开，把B板向下平移一小段距离， 质点自P点自由下落后将穿过N孔继续下落
D.8×10-6C
400-018-
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13
4 举一反三-突破提升
3.在如图所示的电路中，电源两端A、B 间的电压恒定不变，开始时S断 开，电容器上充有电荷．闭合S后，以下判断正确的是（ ） A．C1所带电量增大，C2所带电量减小 B．C1所带电量减小，C2所带电量增大 C．C1、C2所带电量均减小 D．C1、C2所带电量均增大
C．Ｕ不变，Ｗ不变
D．Ｕ变小，Ｗ不变
400-018-
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12
4 举一反三-突破提升
2.在如图所示的电路中,已知电容C=2μF,电源电动势E=12V,内
电阻不计,R1∶R2∶R3∶R4=1∶2∶6∶3,则电容器极板a上所带
的电量为 ( )
A.-8×10-6C
B.4×10-6C
C.-4×10-6C
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4 举一反三-突破提升
针对性训练答案： 1.AD 2.D 3.C 4.C 5.（1）1A （2）1.2×10－4C
( 3 ) 1.2×10－3J 6. A
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A. 10V B.5V
C.2.5V D.4.0V
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河南省郑州市中原区学大教育培训学校高二物理期中圈题17 静电平衡分析课件
4
举一反三-突破提升
5.如图所示，相距为d，水平放置的两平行金属板a、b的电容量为C， 开始时两板均不带电，a板接地且中央有孔现将带电量为q、质量为m 的带电液一滴一滴地从小孔正上方h处无初速度的滴下，竖直落到b板 上层，电荷全部给b板吸收（重力加速度为g，不计阻力），试求： （1）能够到达b板的液滴数不会超过多少? （2）若能够到达b板的液滴数为k，第k+l滴液滴将如何运动?
2013年 《郑州十二中期中试卷》
静电平衡、电势
6
★★
2012年
《郑州十校联考期中试 卷》
静电平衡、场强叠加
5
★★
例题剖析-针对讲解
02
2
例题剖析-针对讲解
（2012.郑州十校联考） 如图所示，A、B为两个带等量异号电荷的金属球， 将两根不带电的金属棒C、D放在两球之间，则下列叙述正确的是( )
因为专业 所以圈中！
高 二 物 理 期 中 考 前 圈 题
（17）——静电平衡分析
以史为鉴-考法回顾
01
1
年份
2012年
以史为鉴-考法分析
圈题17：《静电平衡分析》考法规律分析
试卷
《省实验期中试卷》
知识点
场强叠加、静电平衡、电 势
题号
4
难度
★★
考法规律
1.【知识点】： 该题型是考查静电平 衡的应用，结合场强叠 加、电势等知识，一般 以选择题形式出现 2.【频度】： 每年通常考一题 3.【难度】： 题目以中等偏下难 度为主
3.如图 所示，面积足够大的、板间距离为d的两平行金属板竖直放置， 与直流电压为U的电源连接，板间放一半径为R(2R＜d)的绝缘金属球壳， C、D是球壳水平直径上的两点，则以下说法正确的是 ( ) A.由于静电感应，球壳上C、D两点电势差为RU/d B.由于静电感应，球壳中心O点场强为零 C.用手摸一下球壳，再拿去平行金属板， 球壳带正电 D.用手摸一下球壳，再拿去平行金属板， 球壳带负电
河南省郑州市中原区学大教育培训学校高二物理期中圈题14 多用电表课件
a
16
a
14
4 举一反三-突破提升
5.用多用表的欧姆挡测量阻值约为几十千欧的电阻Rx，以下给出的是可能
的实验操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆挡调零旋钮。把你认为正确
的步骤前的字母按合理的顺序填写在横线上________。
a．将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘欧姆挡的零刻度，断开两表笔
b．将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出Rx的阻值后，断开两表笔
测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，4不00-018-会影响测量结果，B正
确
测量电路中的某个电阻，内置电源开始启用，所以应该把该电阻与电路断开，
C正确
每次换挡才进行调零，所以并不是测量阻值不同的电阻时都重新调零，D错误
故选ABC
a
5
2
例题剖析-针对讲解
（2012.上海)在练习使用多用表的实验中 (1)某同学连接的电路如图所示
(C)选“×10”倍率测量时发现指针位于20与30正中间，则测量值小于250Ω (D)欧姆表内的电池使用时间太长，虽然完成调零，但测量值将略偏大．
解析：A、双手捏住两表笔金属杆，人体与电阻并联，总电阻减小，故A错误；
B、测量时发现指针偏离中央刻度过大，则必需增大或者减小倍率，重新
调零后再进行测量，故B错误；
c．旋转S使其尖端对准欧姆挡×1k
d．旋转S使其尖端对准欧姆挡×100
e．旋转S使其尖端对准交流500 V挡，并拔出两表笔
(2)用已调零且选择旋钮指向欧姆挡
“×10”位置的多用电表测某电阻阻
值，如图所示的表盘，被测电阻阻值
为________Ω。若将该表选择旋钮置于
1 mA挡测电流，表盘仍如图所示，
河南省郑州市中原区学大教育培训学校高二物理期中圈题03 电路的故障分析课件
应用，考查学生对电路
结构和欧姆定律的综合
理解，同时还有很大一
2012年 《省实验期中试卷》 电路结构、欧姆定律
7
★★★ 部分题目渗透了多用电
表和传感器知识的考查
2.【频度】：
每年通常考一题
3.【难度】：
2013年 《郑州一中期中试卷》 欧姆定律、传感器
9
★★
题目难度一般中等，
个别题目难度较大
02
例题剖析-针对讲解
4 举一反三-突破提升
针对性训练答案： 1.B 2.C 3.AC 4. （1）L短路、R断路、L断路。
（2）L断路；L短路或R断路。 （3）能。若电流表有示数，表明L短路；若电流表无
示数，表明R断路。
5.AR1 R2R4AL1R3
L2
E
S
03
破译规律-特别提醒
3 破译规律-特别提醒
【核心】：理解电路的三种状态、利用欧姆 定律熟练分析各元件间的关系，知道短路和 断路的特点，善于运用仪器和假设法来进行 电路诊断 【关键】：建立电路模型，简化电路结构
04
举一反三-突破提升
4 举一反三-突破提升
1．如图所示，L1、L2、L3是三个完全相同 的小灯泡，串联后接在电压为6V的电路中， 原来三个小灯泡都正常发光，现在三个小 灯泡都不亮了．用电压表接在a、c两端时， 示数是6V；接在a、b两端时，示数是 0．接在b、d两端时，示数也是0，那么灯 丝断了的小灯泡是（ ） A、L1、L2、L3这三个小灯泡中的某一个 B、L1和L2 C、L1和 L3 D、L2和L3
D、R2短路，B灯不亮，不符合题意．故D错误． 故选C
2
例题剖析-针对讲解
（2013.郑州101中学）如图所示的电路中，闭合电键，
河南省郑州市高二物理上学期期中试题-人教版高二全册物理试题
2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。
第1卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。
第2卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。
答案写在试卷上均无效，不予记分。
第I卷一、单项选择题〔本大题共7小题，共28.0分〕1.以下说法正确的答案是〔〕A. 电子、质子都是元电荷B. 物体通常呈现电中性，是因为物体没有电荷C. 电荷间的相互作用力是通过电场而产生的D. 描述电场的电场线是客观存在的2.关于点电荷的如下说法中哪些是正确的〔〕A. 点电荷是真实存在的B. 较大的带电体，不能看成点电荷C. 点电荷并非理想模型D. 一个带电体能否看成点电荷，不是看它的尺寸的绝对值，而是看它的形状和大小对相互作用力的影响是否能忽略不计3.两个带同种电荷的小球放在光滑绝缘的水平桌面上，由静止释放，运动过程中两球的〔〕A. 速度逐渐变小B. 加速度逐渐变大C. 库仑力逐渐变小D. 库仑力逐渐变大4.板间距为d的平行板电容器所带电荷量为Q时，两极板间电势差为U1，板间场强为E1．现将电容器所带电荷量变为2Q，板间距变为d，其他条件不变，这时两极板间电势差为U2，板间场强为E2，如下说法正确的答案是〔〕A. U2=U1，E2=E1B. U2=2U1，E2=4E1C. U2=U1，E2=2E1D. U2=2U1，E2=2E15.如下列图电路中，当滑动变阻器R3的滑片P向上端a滑动时，电流表A1、A2与电压表V的示数的变化情况是〔〕A. 电流表A1增大，A2减小，电压表V减小B. 电流表A1减小，A2增大，电压表V减小C. 电流表A1增大，A2增大，电压表V增大D. 电流表A1减小，A2减小，电压表V增大6.一台直流电动机的额定电压为100V，正常工作时电流为10A，线圈内阻为0.5Ω，假设该电动机正常工作10s，如此〔〕A. 该电动机线圈上产生的热量为104JB. 该电动机线圈上产生的热量为2×105JC. 该电动机输出的机械功为104JD. 该电动机输出的机械功为9.5×103J7.如下列图的电路中，电源电动势E和内阻r为定值，当外电路电阻发生变化时，干路电流I、路端电压U，内电压U′、电源输出功率P随之变化的图象如下列图，其中不正确的答案是〔〕A. B.C. D.二、多项选择题〔本大题共5小题，共20.0分〕8.如下四幅图中能正确描绘点电荷电场中电场线的是〔〕A. B. C. D.9.如下列图，虚线a、b、c、d、e代表电场中的五个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，实线为一带正电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知〔〕A. 五个等势面中，a的电势最高B. 带电粒子通过P点时的电势能较Q点大C. 带电粒子通过P点时的动能较Q点大D. 带电粒子通过P点时的加速度较Q点小10.如下列图，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，如此如下说法正确的答案是〔〕A. R1：R2=1：3B. R1：R2=3：1C. 将R1与R2串联后接于电源上，如此电流比I1：I2=1：3D. 将R1与R2并联后接于电源上，如此电流比I1：I2=3：111.在如下列图的电路中，电源的电动势E和内阻r恒定，闭合开关S后灯泡能够发光，经过一段时间后灯泡突然变亮，如此出现这种现象的原因可能是〔〕A. 电阻R1短路B. 电阻R2断路C. 电阻R2短路D. 电容器C断路12.如下列图的电路中，电源电动势为E、内阻为r，R为滑动变阻器，L1、L2、L3为三个一样的灯泡，电键闭合，当滑动变阻器R的滑动端处于某位置时，三个灯泡均能发光．电键保持闭合，当滑动变阻器滑片向右移动时〔〕A. 电源的总功率减小，输出功率可能先增大后减小B. L1变亮，L2变暗，L3变暗C. L1变亮，L2变亮，L3变暗D. 三盏灯中L l的功率最大第II卷三、填空题〔本大题共1小题，共4.0分〕13.用如图甲所示的电路做“测定电池的电动势和内电阻〞的实验，根据测得的数据做出了如图乙所示的U-I图象，由图可知测得的电池的电动势为______ V，内电阻为______ Ω四、实验题探究题〔本大题共1小题，共9.0分〕14.要测量电压表V1的内阻RV，其量程为2V，内阻约2KΩ．实验室提供的器材有：电流表A，量程0.6A，内阻约为0.1Ω；电压表V2，量程5V，内阻约为5KΩ；定值电阻R1，阻值为30Ω；定值电阻R2，阻值为3KΩ；滑动变阻器R3，最大阻值100Ω，额定电流1.5A；电源E，电动势6V，内阻约0.5Ω；开关S一个，导线假设干．〔1〕有人拟将待测电压表V1和题中所给的电流表A串连接入电压适宜的测量电路中，测出V1的电压和电流，再计算出R V．该方案实际上不可行，其最主要的原因是______〔2〕请从上述器材中选择必要的器材，设计一个测量电压表V1内阻R V的实验电路．要求测量尽量准确，实验必须在同一电路中，且在不增减元件的条件下完成．试画出符合要求的实验电路图〔图中电源与开关已连接好〕，并标出所选元件的相应字母代号．〔3〕由上问写出电压表V1内阻R V的表达方式，说明式中各测量量的物理意义．五、计算题〔本大题共3小题，共30.0分〕15.美国物理学家密立根通过油滴实验准确测量出电子的电荷量．测量原理是：让一些体积非常微小的带电油滴进入电场中，当电场力恰好与油滴所受重力平衡时，油滴处于悬浮状态．如下列图，匀强电场的电场强度大小为E，方向竖直向下，一滴质量为m的油滴恰好静止于电场中的P点，重力加速度为g．问：〔1〕油滴带何种电荷；〔2〕油滴所带电荷量q的大小．16.如下列图电路中，电阻R1=R2=R3=10Ω，电源内阻r=5Ω，电压表可视为理想电表．当开关S1和S2均闭合时，电压表的示数为10V．〔1〕电阻R2中的电流为多大？〔2〕路端电压为多大？〔3〕电源的电动势为多大？〔4〕当开关S1闭合而S2断开时，电压表的示数变为多大？17.在图示电路中，电源输出电压恒定，定值电阻r的阻值为5Ω，L为标有“3V 1.5W〞的小灯泡，滑动变阻器的总阻值为30Ω，当滑动变阻器的滑动触头P位于变阻器的中点时，灯泡L恰能正常发光，此时理想电压表的示数为20.5V．求：〔1〕电阻Rx的阻值；〔2〕电源的电压；〔3〕此时滑动变阻器消耗的功率．答案和解析【答案】1. C2. D3. C4. C5. B6. D7.C8. AB9. CD10. AD11. AB12. AD13. 1.40；1.014. 由于电压表的内阻很大，流过的电流较小，待测电压表V1和电流表A串连接入电压适宜的测量电路中，电流表A不能准确测量出流过电压表V1的电流15. 解：〔1〕由题意可知，电场力与重力平衡，由于电场强度方向向下，如此电场力向上，因此油滴带负电荷；〔2〕根据平衡条件，如此有：qE=mg解得：q=答：〔1〕油滴带负电；〔2〕油滴所带电荷量q的大小为．16. 解：〔1〕电阻R2中的电流I==1A〔2〕外电阻R=R2+=15Ω所以路端电压为：U=RI=15×1=15V〔3〕根据闭合电路欧姆定律I=得E=I〔R+r〕代入数据解得E=20V〔4〕S1闭合而S2断开，电路中的总电流I′==A=0.8A电压表示数U′=I′〔R1+R2〕=0.8×20V代入数据解得U′=16V．答：〔1〕电阻R2中的电流是1A；〔2〕路端电压为15V；〔3〕电源的电动势是20V；〔4〕当开关S1闭合而S2断开时，电压表的示数是16V．17. 解：〔1〕灯泡L的电阻为：灯泡正常发光时，有：L与滑动变阻器左端局部并联，如此的电流为：通过右端的电流为：由电压表两端电压为：解得：〔2〕电源电压为：〔3〕滑动变阻器的功率为：答：〔1〕电阻Rx的阻值10Ω；〔2〕电源的电压24V；〔3〕此时滑动变阻器消耗的功率7.95W【解析】1. 解：A、元电荷是最小的电量的单位，电子、质子都带一个单位的元电荷．故A错误；B、物体通常呈现电中性，是因为物体内的正负电荷一样多．故B错误；C、电荷间的相互作用力是通过电场而产生的．故C正确；D、描述电场的电场线是人们为了形象地描述电场而引入的，实际上是不存在的．故D错误．应当选：C元电荷是最小的电量的单位；物体通常呈现电中性，是因为物体内的正负电荷一样多；电荷间的相互作用力是通过电场而产生的；描述电场的电场线是不存在的．该题可得与电场有关的几个根本概念，都是记忆性的知识点，牢记这些知识点即可．2. 解：点电荷不是真实存在的，是一个理想化的模型，故AC错误；能否看作点电荷，要看在研究的问题中，带电体的形状、大小以与电荷分布可否忽略不计，而与带电体的大小无关，故B错误，D正确．应当选D．物理学上把本身的线度比相互之间的距离小得多的带电体简化为一个点，叫做点电荷，同一个电荷能否看作点电荷，不仅和带电体本身有关，还取决于问题的性质和精度的要求，即需要具体问题具体分析；如果在研究的问题中，带电体的形状、大小以与电荷分布可以忽略不计，即可将它看作是一个几何点，如此这样的带电体就是点电荷．此题是根底的题目，考查的就是学生对根本内容的掌握的情况，在平时要注意多积累．3. 解：同种电荷相互排斥，根据库仑定律得，F=，r增大，库仑力变小．根据牛顿第二定律知，加速度逐渐减小，由于加速度的方向与速度方向一样，速度逐渐增大，故C正确，A、B、D错误．应当选：C．根据库仑定律，结合两球之间距离的变化判断库仑力的变化，通过牛顿第二定律得出加速度的变化，根据速度和加速度的方向关系判断出速度的变化．解决此题的关键知道加速度的方向与合力的方向一样，当加速度方向与速度方向一样，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．4. 解：根据电容公式说明电容变为2倍，根据电容定义式，发现电量变为原来的2倍，电容也变为原来的2倍，所以电势差不变，根据场强关系，d变为原来的，所以场强变为2倍，故A、B、D错误，C正确．应当选C．根据电容公式判断出电容的变化，再根据电容定义式得出电势差的变化，再根据匀强电场公式判断出场强的变化．解决此题的关键是熟练运用电容的定义式、决定式．5. 解：当滑动变阻器R3的滑片P向上端a滑动时，变阻器有效电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知：干路电流I增大，A2增大．电压表V读数U=E-I〔R2+r〕，I增大，U减小，如此电流表A1减小．应当选B当滑动变阻器R3的滑片P向上端a滑动时，变阻器有效电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化，由欧姆定律确定电压表V读数的变化和电流A1的变化．此题是电路中典型的问题：动态变化问题，往往牵一发而动全身，按照“局部→整体→局部〞的思路进展分析．6. 解：A、B、电动机产生的热量Q=I2Rt=102×0.5×10J=500J，故A、B均错误．C、D、电动机输出的机械功W机=W电-Q=UIt-Q=100×10×10-500J=9500J，故C错误、D正确．应当选：D．电动机正常工作时其电路是非纯电阻电路，产生的热量只能用Q=I2Rt计算，消耗的电能只能用W=UIt计算．转化为的机械能等于电流的总功减去发热的能量．此题考查了电动机中的转化的能量的计算．在电动机工作时，电能转化为了机械能和内能，内能大小只能由Q=I2Rt计算．7. 解：A、根据闭合电路欧姆定律得：I=，可知R增大，I减小，两者是非线性关系，故A正确．B、U=IR==E，E、r为定值，R增大，减小，如此得U增大，当R→∞时，U→E，故B正确．C、U′=Ir=，可知U′与R是非线性关系，U′-R图象应是曲线，故C错误．D、P=I2R=〔〕2R=，根据数学知识可知R从0开始增大时，P先增大后减小，当r=R时P最大，故D正确．此题选错误的，应当选：C根据闭合电路欧姆定律和局部电路欧姆定律得到I、U、U′、P与R的表达式，再结合数学知识进展分析．此题关键要掌握各个量与R的关系，能熟练运用欧姆定律推导出解析式，再根据数学知识进展分析．8. 解：电场线是从正电荷或无穷远出发，终止于负电荷或无穷远．所以正点电荷的电场线是以电荷为中心向四周发散，而负点电荷是向中心会聚，呈球体分布．故AB正确．应当选：AB．电场线虽然不实际存在，但可形象描述电场的大小与方向分布．电场线是从正电荷或无穷远出发，终止于负电荷或无穷远．电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．电场线不相交，由于是点电荷的电场，属于静电场，所以电场线也不闭合．9. 解：A、由题意，结合图可知：电场线与等势面垂直，带正电在P点的电场力一定向左，所以电场线也向左，沿电场线电势逐渐降低，所以a的电势最低，故A错误；B、由P到Q的过程电场力做负功，电势能增加，动能减小，所以Q点电势能大，故B错误；C、由P到Q的过程电场力做负功，电势能增加，动能减小，所以P点动能大，故C正确；D、由电场线的疏密程度可知Q点电场强度大，所以Q点加速度大，故D正确．应当选：CD．由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场强度大．解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化．10. 解：A、根据I-U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1：R2=1：3；故A正确，B 错误；C、串联电路电流处处相等，所以将R1与R2串联后接于电源上，电流比I1：I2=1：1．故C错误；D、并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1：I2=3：1．故D正确；应当选：AD．通过I-U图象得出两电阻的关系．串联电路电流相等，并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比．解决此题的关键知道I-U图线的斜率表示电阻的倒数以与知道串并联电路的特点．11. 解：A、假设电阻R1短路，电路中总电阻减小，总电流增大，灯泡与R2并联的电压增大，如此灯泡变亮，符合题意，故A正确．B、假设电阻R2断路，如此总电阻增大，总电流减小，R1与内阻中电压减小，灯泡两端的电压增大；故灯泡变亮；故B正确；C、假设电阻R2短路，灯泡被短路，不亮，故C错误．D、电容器C断路，对灯泡亮度没有影响，故D错误．应当选：AB灯泡突然变亮，其电压和电流变大，逐项分析电路中电流的变化，选择符合题意的选项．此题是故障分析问题，用代入法检验并选择是常用的方法．此题关键抓住题中条件：电源电动势不变，电容器稳定时对电路没有影响进展分析．12. 解：A、假设将滑片向右滑动时，变阻器在路电阻增大，外电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I减小，根据P=EI可知，电源的总功率减小，当内阻与外电阻相等时，输出功率最大，由于不知道外电阻与内阻的关系，所以输出功率可能先增大后减小，故A正确；B、总电流减小，如此L1电流减小，亮度变暗，路端电压U增大，如此L2变亮，通过L3的电流减小，所以L3变暗，故BC错误；D、通过L l的电流等于通过L2和L3电流之和，所以通过L l的电流最大，根据P=I2R可知，L l的功率最大，故D正确．应当选：AD首先认识电路的结构：闭合电键后，L3与变阻器串联后与L2并联，再与L1串联．假设将滑片向右滑动时，变阻器在路电阻增大，外电阻增大，根据闭合电路欧姆定律与串并联电路的特点分析即可解题．此题首先要搞清电路的连接方式，其次按“局部→整体→局部〞的思路进展分析．13. 解：在U-I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，所以由图可以读出电源的电动势为1.40V，图象中的斜率表示电源的内阻，所以电源的内阻为：r=Ω=1.0Ω．故答案为：1.40，1.0．在U-I图象中纵坐标的截距代表的是电源的电动势，直线的斜率代表的是电源的内阻的大小．此题考查测定电动势和内电阻的数据处理，要求能根据公式得出图象中斜率与截距的含义．在计算电源的内阻的时候，一定要注意纵坐标的数值是不是从0开始的．14. 解：〔1〕由于电压表的内阻很大，流过的电流较小，待测电压表V1和电流表A串连接入电压适宜的测量电路中，电流表A不能准确测量出流过电压表V1的电流．故其原因是：由于电压表的内阻很大，流过的电流较小，待测电压表V1和电流表A串连接入电压适宜的测量电路中，电流表A不能准确测量出流过电压表V1的电流．〔2〕由于电压表V1接入电路后，由电流通过时其两端电压可以直接读出，因而利用串联分压的特点，选用标准电压表V2和定值电阻R2，反复测量通过滑动变阻器R3控制即可．测量电压表V1内阻R v的实验电路如下列图：〔3〕根据串联电路的特点有：，式中U1表示V1的电压，U2表示V1和R2串联的总电压．故电压表内阻的表达式为：；中U1表示V1的电压，U2表示V1和R2串联的总电压．〔1〕由于电压表的内阻很大，流过的电流较小，待测电压表V1和电流表A串连接入电压适宜的测量电路中，电流表A不能准确测量出流过电压表V1的电流．〔2〕由于电压表V1接入电路后，由电流通过时其两端电压可以直接读出，因而利用串联分压的特点，选用标准电压表V2和定值电阻R2，反复测量通过滑动变阻器R3控制即可．〔3〕根据串联电路特点可以求出电压表内阻的表达式，从而进一步，明确各个物理量的含义．此题在课本根底实验的根底上有所创新，只要明确了实验原理，熟练应用电路的串并联知识，即可正确解答．15. 根据受力分析，结合平衡条件，来判定电场力方向，再依据电场强度的方向，确定电荷的电性；根据电场力等于重力，从而求得电量的大小．考查平衡条件的应用，掌握受力分析的方法，注意负电荷的电场力方向与电场强度的方向关系．16. 〔1〕当开关S1和S2均闭合时，电阻R1与R3并联后与R2串联．电压表的读数与电阻R2，根据欧姆定律定律求出电阻R2中的电流；〔2〕求出外电路总电阻，根据U=IR求出路端电压；〔3〕根据闭合电路欧姆定律求出电源的电动势；〔4〕当开关S1闭合而S2断开时，电阻R1与R2串联，电压表的读数等于路端电压．再由欧姆定律求出电流和路端电压．此题是电路的计算问题，首先要识别电路的结构，其次要明确电压表测量哪局部电路的电压．17. 〔1〕由题意可知灯泡的额定电流；由并联电路的规律可知滑动变阻器左半局部的电压与电流；如此可求得总电流；再由欧姆定律即可求得R x的阻值；〔2〕由欧姆定律求得电源的电压；〔3〕滑动变阻器的功率分两局部由P=I2R求解即可．此题综合考查闭合电路欧姆定律、串并联电路的规律与功率公式，要注意正确分析电路图，得出电路中电流与电压的关系，才能准确求解．。
河南省郑州市某校2019_2020学年高二物理下学期期中试题
河南省郑州市某校2019-2020学年高二物理下学期期中试题（本试卷满分100分，考试时间90分钟）一、单项选择题（共12小题，每小题3分，共36分。
每小题给出的四个选项中只有一个选项是正确的，把答案填在答题表中）1、首先发现电流产生磁场的科学家是（ ）A ．富兰克林B ．法拉第C ．安培D ．奥斯特2、真空中两个相同的金属小球A 和B ，带电荷量分别为Q A =2×10-8C 和Q B =4×10-8C ，相互作用力为F ，若将两球接触后再放回原处，则它们之间的作用力将变为（ ）A.F 89B.FC.F 98D.F 32 3、电场中有一点P ，下列说法正确的是 （ ） A 、若放在P 点的电荷的电量减半，则P 点场强减半 B 、若P 点没有检验电荷，则P 点的场强为零C 、P 点的场强越大，则同一电荷在P 点所受的电场力越大D 、P 点的场强方向为检验电荷在该点的受力方向4、有一电场的电场线如图所示，场中A 、B 两点的场强和电势分别用E A 、E B 和 φ A 、φ B 表示，则（ ）A ．E A >EB 、φ A >φ B B ．E A >E B 、φ A <φ BC ．E A <E B 、φ A>φ BD ．E A <E B 、φ A <φ B 5、关于电容器的电容，下列说法正确的是 （ ） A ．电容器带的电荷量越多，其电容越大 B ．电容器两板间电压越低，其电容越小 C ．电容器不带电时，其电容为0 D ．电容器的电容只由它本身特性决定6、下图列出了不同品牌的电视机、电风扇、空调机和电冰箱铭牌上的主要项目，试判断正常工作时其中功率最大的是 （ ）7、两根由同种材料制成的均匀电阻丝A 、B 串联在电路中，A 的长度为L ，直径为d ；B54cm 彩色电视接收机 工作电压170V-240V 工作频率50Hz 额定功率85WFS-69电风扇 规格400mm 额定电压220V 工作频率50Hz 额定功率65WBC-65B 电冰箱额定电压220V 工作频率50Hz 额定功率70W 耗电量：0．50KWb/24hKFR-33GW 空调机 额定电压220V 工作频率50Hz 制冷／制热电流： 6.2A/6.2AABCD的长度为2L，直径为2d，那么通电后在相同的时间内产生的热量之比为（）A．Q A：Q B=1：2 B．Q A：Q B=2：1C．Q A：Q B=1：1 D．Q A：Q B=4：18、如右图所示，是四只电阻的I－U图像，这四只电阻并联起来使用时，通过各只电阻的电流强度分别是I1、I2、I3、I4，则（）A、I1＞I2＞I3＞I4B、I1=I2=I3=I4C、I1＜I2＜I3＜I4D、无法判断9、一带电粒子沿着右图中曲线JK穿过一匀强电场，a、b、c、d为该电场的等势面，其中φa<φb<φc<φd，若不计粒子受的重力，可以确定( )A．该粒子带正电B．从J到K粒子的电势能减少C．粒子从J到K运动过程中的动能减小。