冲刺高考数学二轮复习核心考点特色突破专题：08三角形中的三角问题的探究(含解析)

专题08 三角形中的三角问题的探究
【自主热身，归纳总结】
1、在△ABC 中，若9cos2A －4cos2B ＝5，则BC
AC
的值为________． 【答案】：2
3
【解析】：由题意得，9(1－2sin 2
A )－4(1－2sin 2
B )＝5，即9sin 2
A ＝4sin 2
B ，所以B
C AC ＝
sin A sin B ＝2
3
.
2、 在△中，已知边上的中线，则的值为 .
【答案】：
【解析】 设为的中点，连接，则，且,
设，在△中,由余弦定理可得
，
即,解得（舍去），即， 所以在△
中,由余弦定理可得
，即， 又因为， 所以由正弦定理
，可得
3、如图，测量河对岸的塔高AB 时，选与塔底B 在同一水平面内的两个测点C 与D ，测得∠BCD ＝30°，∠
BDC ＝120°，CD ＝10 m ，并在点C 测得塔顶A 的仰角为60°，则塔高AB ＝________m.
ABC BD =sin A 14
70
E BC DE //DE AB BE x =BDE 7
1,3
x x ==-
2BC =ABC
221
AC
sin B =
【答案】： 30
【解析】：在△BCD 中，由正弦定理得BC ＝sin120°sin30°·10＝103(m)．在Rt △ABC 中，AB ＝BC tan60°＝30(m)．
4、在△中，边
的垂直平分线交边
于
，若
，
，
,则△
的面积
为 . 【答案】：
【解析】 在△中，由余弦定理可得，
即，解得或5，
所以或12，所以△的面积为或. 5、在锐角△中，角的对边分别为，，，且,为的中点，则的长为 . 【答案】：
ABC ,,A B C ,,a b c 4b =6c =D BC
AD 19
（方法2）由正弦定理可得，
又由，可得
又由锐角△，可得, 在
△
中
,
由
余
弦
定
理
可
得
,即，
，
所以在△
中, 由余
弦定理可得
,
即.
6、在锐角三角形ABC 中，角A ，B ，C 的对边分别为a ，b ，c .若b
a ＋a
b ＝6cos C ，则tan C tan A ＋tan C
tan B
的值是________． 【答案】：. 4
【解析】：由b a ＋a b ＝6cos C 及余弦定理，得b a ＋a b ＝6×a 2＋b 2－c 22ab ，化简得a 2＋b 2
＝32c 2.又b a ＋a b
＝6cos C 及正弦
定理，得
sin B sin A ＋sin A sin B ＝6cos C ，故sin A sin B cos C ＝16(sin 2B ＋sin 2
A )．又tan C tan A ＋tan C tan
B ＝sin
C cos C ⎝ ⎛⎭
⎪⎫cos A sin A ＋cos B sin B ＝
sin 2
C cos C sin A sin B ，所以tan C tan A ＋tan C tan B ＝6sin 2
C sin 2B ＋sin 2A ＝6c
2
a 2＋b
2＝4.
7、在△中, 角所对的边分别为，且满足
,则
的最大值为 ． 【答案】：.
4b =sin A =ABC 3
A =πABC
27BC =ABD AD ABC ,,A B C ,,a b c 2
ab
c 32
【解析】 由
，得
，
由正弦定理可得，
由余弦定理可得
，
化简得， 又因为，当且仅当
时等号成立，可得
， 所以
的最大值为.
8、已知在△中，，， 为的中点，
当最小时，△ 的面积为 .
（2）设的角所对的边分别为，若，
面积的最大值.
解：（1）由题意，得
，
当取最大值时，即
，此时
，
所以的取值集合为
.
2223a b c +=232
ab c ≤2
ab
c 32ABC 4BC =D BC AD ABC ABC ∆,,A B C ,,a b c ()2f C =c =ABC ∆()f x x
【关联2】、在△ABC 中，角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ．若，． （1）求的值； （2）求函数
的值域．
【解析】：（1）因为，所以．
由余弦定理得
．
因为，所以． （2）因为，所以， 所以
．
因为，所以．
4b =8BA BC ⋅=22a c +8BA BC ⋅=cos 8ac B =4b =2232a c +=16ac ≤()0,πB ∈π
03
B <≤
因为
又因为，所以，
所以的值域为．
易错警示 第（2）问中易忽略的范围而出错．
【关联3】、在△ABC 中，三个内角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，已知a ＝(sin B －sin C ，sin C －sin A )，
b ＝(sin B ＋sin C ，sin A )，且a ⊥b .
(1) 求角B 的大小；
(2) 若b ＝c ·cos A ，△ABC 的外接圆的半径为1，求△ABC 的面积．
【解析】：(1) 因为a ⊥b ，所以a ·b ＝0，即sin 2
B －sin 2
C ＋sin A (sin C －sin A )＝0， 即sin A sin C ＝sin 2
A ＋sin 2
C －sin 2
B ， 由正弦定理得ac ＝a 2
＋c 2
－b 2
，
所以cos B ＝a 2＋c 2－b 22ac ＝1
2
，
因为B ∈(0，π)，所以B ＝
π
3
. (2) 因为c ·cos A ＝b ，所以b c ＝b 2＋c 2－a 2
2bc
，
即b 2
＝c 2
－a 2
，
又ac ＝a 2
＋c 2
－b 2
，b ＝2R sin B ＝3， 解得a ＝1，c ＝2.(12分) 所以S △ABC ＝12ac sin B ＝3
2
.
例2、在△中，三个内角，，的对边分别为，设△的面积为，且
.
（1）求的大小； （2）设向量，
，求的
取值范围．
()f B 31,2⎡⎤⎢⎥⎣⎦B ABC A B C a b c ，，ABC S B ∠⋅m n
（2）由向量
，
，得
．
由（1）知，所以，所以． 所以
．
所以． 所以
．即取值范围是
．
【变式1】、在△ABC 中，角A ，B ，C 的对边分别是a ，b ，c ，且A ，B ，C 成等差数列． (1) 若BA →·BC →＝3
2，b ＝3，求a ＋c 的值；
π3B =
2π3A C +=2π03
A <<
(2) 求2sin A －sin C 的取值范围．
【解析】：(1) 因为A ，B ，C 成等差数列，所以B ＝π
3.
因为BA →·BC →＝3
2，所以ac cos B ＝32，
所以12ac ＝3
2
，即ac ＝3.
因为b ＝3，b 2
＝a 2
＋c 2
－2ac cos B ， 所以a 2
＋c 2
－ac ＝3，即(a ＋c )2
－3ac ＝3， 所以(a ＋c )2
＝12，所以a ＋c ＝2 3. (2) 2sin A －sin C ＝2sin ⎝ ⎛⎭
⎪
⎫2π3－C －sin C
＝2⎝
⎛⎭⎪⎫
32cos C ＋12sin C －sin C ＝3cos C .
因为0＜C ＜2π3，所以3cos C ∈⎝ ⎛⎭
⎪⎫
－32，3.
所以2sin A －sin C 的取值范围是⎝ ⎛⎭
⎪⎫
－32，3.
【变式2】、在△ABC 中，角，，所对的边分别为，，c ．已知
．
（1）求角的大小； （2）设
，求T 的取值范围．
【解析】（1）在△ABC 中，
，
因为，所以，
所以
，
因为，所以，
因为，所以．
A B C a b B sin 0C ≠sin 0A ≠1cos 2B =0πB <<π3
B =
（2）
因为，所以，
故
，因此，
所以．
方法总结：原条件利用“化边为角”或“化角为边”两种思路均可求解，若对等式两边同时加1，再进行转化，更为便捷；第二问中可利用均值代换，不妨设，，求解，可简化求解过
程．
【关联1】、已知三个内角，，的对应边分别为，，，且，．当取得最大值时，
的值为 ． 【答案】
【解析】： 设（），则，
因为
，，所以由正弦定理得：
，
所以
，，
，
2π03A <<4π023A <<3924
T <≤A απ=-3C απ=+3π03α<≤ABC △A B C a b c π
3
C =2c =AC AB ⋅b
a
32+α=∠BAC πα3
2
0<
<3
π
=
C 2=c
由得，从而当，即时，
取最大值，
此时
，
，
所以。

点评：
为了研究，所以可以考虑以和的夹角为参数，并利用正弦定理将表示出来，特别是将用表示时，三角恒等变换是关键，然后求出时，取最大值，这时再
取就不困难了。

【关联2】、 在△ABC 中，角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，若△ABC 为锐角三角形，且满足b 2
－a 2
＝ac ，则
1tan A －1
tan B
的取值范围是________． 【答案】 ⎝
⎛⎭⎪⎫
1，233
思路分析 思路一，根据题意可知，本题可以从“解三角形和三角恒等变换”角度切入，又因已知锐角和边的关系，而所求为正切值，故把条件化为角的正弦和余弦来处理即可；思路二，本题所求为正切值，故可以构造直角三角形，用边的关系处理．
解法1 原式可化为1tan A －1tan B ＝cos A sin A －cos B sin B ＝sin B cos A －cos B sin A sin A sin B ＝B －A sin A sin B
.由b 2－a 2＝ac 得，b 2
＝
a 2＋ac ＝a 2＋c 2－2ac cos B ，即a ＝c －2a cos B ，也就是sin A ＝sin C －2sin A cos B ，即sin A ＝sin(A ＋B )－
2sin A cos B ＝sin(B －A )，由于△ABC 为锐角三角形，所以有A ＝B －A ，即B ＝2A ，故1tan A －1tan B ＝1
sin B
，在
πα3
2
0<
<06
2=-
π
α12
π
α=
AB AC ⋅AB AC ⋅AC AB αb a ,AB AC ⋅α12
π
α=AB AC ⋅a
b
锐角三角形ABC 中易知，π3<B <π2，32<sin B <1，故1tan A －1tan B ∈⎝ ⎛⎭
⎪⎫
1，233.
解法2 根据题意，作CD ⊥AB ，垂足为点D ，画出示意图．因为b 2
－a 2
＝AD 2
－BD 2
＝(AD ＋BD )(AD －BD )＝c (AD －BD )＝ac ，所以AD －BD ＝a ，而AD ＋BD ＝c ，所以BD ＝
c －a
2
，则c >a ，即c
a
>1，在锐角三角形ABC 中有b 2
＋
a 2>c 2，则a 2＋a 2＋ac >c 2，即⎝ ⎛⎭⎪⎫c a 2－c
a
－2<0，解得－1<c a <2，因此，1<c a <2.而1tan A －1tan B ＝AD －BD CD ＝
a a 2－⎝
⎛⎭
⎪⎫c －a 22
＝
1
1－14⎝ ⎛⎭
⎪⎫c a －12
∈⎝ ⎛⎭⎪⎫1，233.
【关联3】、在△ABC 中，角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，已知B ＝60°，a ＋c ＝4. (1) 当a ，b ，c 成等差数列时，求△ABC 的面积； (2) 设D 为AC 边的中点，求线段BD 长的最小值． 【解析】： (1)因为a ，b ，c 成等差数列，所以b ＝
a ＋c
2
＝2，
由余弦定理，得b 2
＝a 2
＋c 2
－2ac cos B ＝(a ＋c )2
－3ac ＝16－3ac ＝4，解得ac ＝4. 所以S △ABC ＝12ac sin B ＝12×4×3
2
＝ 3.(8分)
(2) 解法1 因为D 为AC 边的中点，所以BD →＝12(BA →＋BC →
),
则BD →2＝14(BA →＋BC →)2＝14(BA →2＋2BA →·BC →＋BC →2)
＝14(c 2＋2ac cos B ＋a 2)＝14[(a ＋c )2
－ac ]＝4－14ac ≥4－14⎝ ⎛⎭⎪⎫a ＋c 22＝3，当且仅当a ＝c ＝2时取等号，
所以线段BD 长的最小值为 3.
解法2 因为D 为AC 边的中点，所以可设AD ＝CD ＝d ， 由cos ∠ADB ＋cos ∠CDB ＝0，
得BD 2＋d 2－c 22d ·BD ＋BD 2＋d 2－a 22d ·BD
＝0，
即BD 2
＝
a 2＋c 2
2
－d 2＝8－ac －d 2
，
又因为b 2
＝a 2
＋c 2
－2ac cos B ＝(a ＋c )2
－3ac ＝16－3ac ， 即4d 2＝16－3ac ，所以d 2
＝4－34
ac ，
故BD 2
＝4－14ac ≥4－14⎝ ⎛⎭
⎪⎫a ＋c 22＝3，当且仅当a ＝c ＝2时取等号，
所以线段BD 长的最小值为 3
解后反思 一般地，在题目中出现“a ±b ，a 2＋b 2，ab ”三者关系时有两种思考角度，一个是用基本不等式，一个是用根与系数的关系，当然必须要利用恒等式()a ±b 2
＝a 2
±2ab ＋b 2
把题设中“a ±b ，a 2
＋b 2
，ab ”化
为两者的关系．
例3、已知正三角形ABC 的边长为2，点P 为线段AB 中垂线上任意一点，Q 为射线AP 上一点，且满足AP →·AQ →
＝1，则|CQ →
|的最大值为________． 【答案】
13＋1
2
【解析】：思路分析 求|
CQ →|的最大值，就是求线段CQ 长的最大值，因为点C 为定点，而点Q 是随着点P 的运动而运动的，那么就要关注点Q 是如何运动的，即要先求出点Q 的轨迹方程，通过建系可求得点Q 的轨迹方程，通过点Q 的轨迹方程发现其轨迹是一个圆，接下来问题就转化为定点与圆上动点的距离最大值问题，问题就很明了了．
解法1(坐标法) 以点A 为坐标原点，以AB 所在直线为x 轴，建立平面直角坐标系，则A(0，0)，B(2，0)，C(1，3)，因为点P 为线段AB 中垂线上任意一点，所以点P 坐标可设为P(1，t)(t ∈R )，又因为Q 为射线
AP 上一点，设Q (x ，y )，则根据A ，P ，Q 共线，即有tx ＝y .由AP →·AQ →
＝1，得x ＋ty ＝1，消去t ，即有x 2
＋y 2
－x ＝0，即⎝ ⎛⎭⎪⎫x －122
＋y 2＝14，故Q 是以圆心为M ⎝ ⎛⎭
⎪⎫12，0，半径r ＝12的圆上的动点，因此|
CQ →|的最大值为CM ＋r ＝
⎝ ⎛⎭
⎪⎫1－122＋3＋12＝13＋12.
解法2(几何法) 以点A 为坐标原点，以AB 所在直线为x 轴，建立平面直角坐标系，设AB 的中点为D ，则AD ＝1，因为Q 为射线AP 上一点，且满足AP →·AQ →＝1，所以AP →·AQ →＝AP ·AQ ＝1＝AD 2
，所以点Q 为Rt △ADP 的直角顶点D 在斜边AP 上的射影，即DQ ⊥AP ，所以点Q 是以AD 为直径的圆上的动点，下同解法1. 解法3(解三角形) 如图，设AB 中点为O ，由题可知当点P 在线段CO 的延长线上时，CQ 取得最大值． 令∠BAP ＝θ，AQ →＝λAP →
，
则OP ＝tan θ，AP →·AQ →＝AP →·λAP →＝λ(1＋tan 2θ)＝λcos 2
θ
＝1，AQ 2＝λ2(1＋tan 2θ)＝λ＝cos 2
θ.
在△ACQ 中，由余弦定理得CQ 2＝4＋cos 2
θ－2×2×cos θcos ⎝ ⎛⎭⎪⎫θ＋π3＝3sin 2θ－12cos 2θ＋72≤
13＋1
2， 所以CQ ≤
13＋1
2
.
解后反思 一般与动点有关的最值问题，往往运用轨迹思想，首先探求动点的轨迹方程，通过轨迹方程了解其轨迹图形．大多数情况下所求轨迹为圆，在此基础上可将问题转化为点与圆的关系或直线与圆的关系或两圆之间的关系．这是近几年常考题型，即隐形圆问题，圆是C 级考点，是必考的，此类题型值得关注．
【变式1】、设的面积为2，若所对的边分别为，则的
最小值为 ▲
． 【答案】：
解法1(建系法)：以为轴，的中垂线为轴，建立如图所示直角坐标
系.
则
，由于的面积为2，则点到轴的距离为
， 故可设点的坐标为
，令
=，即
ABC ∆,,A B C ,,a b c BC x BC y ABC ∆A x 4
a
A
，据题意，存在使得关于的方程
成
立，故，所以（当且仅
当时取等号）. 解法2（解三角形法1）：因为欲求的最小值，故为最大边.如图，过点作
边的高，垂
足为，不妨设
，则有
，故
=.令
对符合条件的恒成立，即
对符合条件的恒成立，故
解得
（当
且仅当时，等
式成立，即取到最小值），故
解法3
（解三角形法
2）：由题意，，即， 由余弦定理知，
，代入
得，
=
，再把代入 x R ∈x 2
11
a =
a A BC D 4
h m n
=
+,m n ,m n 115t ≤
115
t =≥4
sin bc A
=
4
sin bc A
=
上式得，，令，因为欲求的最
小值，故为最大边，则，而，解得，，
易知，，故
的最小值为
【规律总结】用代数法处理多元问题的常见思路有：换元、消元、并元、常量处理，以及常值代换等，其目的是把变量的个数减少到一个或两个、或把所求表达式化简或者化对称等作用
.
【变式2】、 已知△ABC 中，AB ＝AC ＝3，△ABC 所在平面内存在点P 使得PB 2
＋PC 2
＝3PA 2
＝3，则△ABC 面积的最大值为________． 【答案】 523
16
【解析】：解法1 以BC 为x 轴，BC 中垂线为y 轴建立平面直角坐标系，如图，A(0，b)，B(－a ，0)，C(a ，0)，P(x ，y)，则依题意有a 2
＋b 2
＝3，PA 2
＝x 2
＋(y －b)2
＝1， PB 2
＋PC 2
＝(x ＋a)2
＋y 2
＋(x －a)2
＋y 2
＝2(x 2
＋y 2
＋a 2
)＝3，
联立⎩⎪⎨⎪⎧a 2＋b 2
＝3，
x 2
＋（y －b ）2
＝1，x 2
＋y 2
＋a 2
＝3
2，
得2b(y －b)＝－52，
两边平方得254＝4b 2(y －b)2＝4b 2(1－x 2)≤4b 2
，
即b 2
≥2516，所以b ≥54
，
而S △ABC ＝ab ＝a 2b 2
＝（3－b 2
）b 2
＝－⎝
⎛⎭⎪⎫b 2－322
＋94≤
－⎣⎢⎡⎦
⎥⎤⎝ ⎛⎭⎪⎫542－322＋94＝523
16，即(S △ABC )max ＝
52316
.
a 03
A π
<<
解法2 设BC 中点为D ，PA ＝1，以PB ，PC 为邻边作平行四边形，因为平行四边形的四边的平方和等于对角线的平方和，所以有PB 2
＋PC 2
＝12(BC 2＋4PD 2)＝3，所以BC 2
≤6，即BC ≤6，故cos ∠BAC ＝AB 2
＋AC 2
－BC 2
2AB ·AC
≥0，
所以AD ≥
62.设∠BAC ＝2θ，θ∈⎝
⎛⎦⎥⎤0，π4，则BC ＝23sin θ，PD ≥AD －PA ＝3cos θ－1，代入PB 2＋PC
2
＝12(BC 2＋4PD 2
)＝3，得cos θ≥543， 所以S △ABC ＝12AB ·AC sin 2θ＝3sin θ·cos θ＝3（1－cos 2θ）cos 2
θ≤52316，当cos θ＝543时等号成
立．所以(S △ABC )max ＝523
16
.
解法3 设A(0，0)，P(0，1)，B ，C 在圆A ：x 2
＋y 2
＝3上，B(x 1，y 1)，C(x 2，y 2)满足x 2
i ＋y 2
i ＝3，i ＝1，2. 由PB 2＋PC 2＝3得x 21＋(y 1－1)2＋x 22＋(y 2－1)2
＝3，得到y 1＋y 22＝54，即BC 中点M 的轨迹为直线y ＝54被圆A 截
得的一线段．设t ＝AM ，所以5
4
≤t< 3.
S △ABC ＝AM ·BM ＝t ·3－t 2＝（3－t 2）t 2
≤52316，所以(S △ABC )max ＝52316
.
解后反思 其实前两种解法异曲同工，都是先确定点A 的范围⎝ ⎛⎭⎪⎫体现在b ≥54，cos θ≥543，解法3把点A 固定，B ，C 限定在圆上运动得到BC 中点的一个特殊性质，再由面积公式得到函数式．如果以不等式解决这题的话很容易出错．如S △ABC ＝AM ·BM ＝t ·3－t 2
≤t 2
＋（3－t 2
）2＝3
2
，原因是取等条件不满足．
【关联1】、已知△ABC 中，B ＝45°，AC ＝4，则△ABC 面积的最大值为________． 【答案】：. 4＋4 2
解法1 如图，设△ABC 的外接圆为圆O ，其直径2R ＝
AC
sin ∠ABC ＝4
sin45°
＝4 2.取AC 的中点M ，则OM ＝
R cos45°＝2，则AC ＝4.过点B 作BH ⊥AC 于H ，要使△ABC 的面积最大，当且仅当BH 最大．而BH ≤BO ＋OM ，
所以BH ≤R ＋22R ＝22＋2，所以(S △ABC )max ＝12AC ·BH max ＝1
2
×4×(2＋22)＝4＋42，当且仅当BA ＝BC 时取等号．
解法2 如图，同上易知，△ABC 的外接圆的直径2R ＝4 2.S △ABC ＝12
AB ·BC ·sin B ＝2R 2
sin A sin B sin C ＝82
sin A sin C ＝42⎣
⎢⎡⎦
⎥⎤
cos
135°－2C
22.当A ＝C ＝67.5°时，(S △ABC )max ＝4＋4 2.
精彩点评 解法1着眼于形，当B ，O ，M 三点共线时，高BH 最大；解法2转化为三角函数最值问题，两种解法均需由正弦定理求出外接圆的直径(或半径)．
【关联2】、已知△ABC 中，AB 边上的高与AB 边的长相等，则AC BC ＋BC AC ＋AB 2
BC ·AC
的最大值为________．
【答案】： 2 2
【解析】：因为AB 边上的高与AB 边的长相等，所以S △ABC ＝12AB 2＝12
AC ·BC ·sin C ，即AB 2＝AC ·BC ·sin C .
在△ABC 中，由余弦定理得AB 2
＝BC 2
＋AC 2
－2BC ·AC ·cos C .所以AC BC ＋BC AC ＋AB 2BC ·AC ＝AC 2＋BC 2＋AB 2
BC ·AC
＝
2AB 2
＋2BC ·AC ·cos C BC ·AC ＝2AC ·BC ·sin C ＋2BC ·AC ·cos C BC ·AC ＝2(sin C ＋cos C )＝22sin ⎝
⎛⎭⎪⎫C ＋π4，所以当C ＝
π4时，所求【解析】式取得最大值，为2 2.
【关联3】、在面积为2的△ABC 中，E ，F 分别是AB ，AC 的中点，点P 在直线EF 上，则PC →·PB →＋BC →2
的最小值是________． 【答案】 2 3
【解析】：如图所示，设∠BPC ＝θ，BP ＝a ，PC ＝b ，BC ＝c .由S △ABC ＝2，得S △PBC ＝1，即ab sin θ＝2，所以
ab ＝
2sin θ
.，再由余弦定理得c 2＝a 2＋b 2－2ab cos θ，所以PC →·PB →＋BC →2＝ab cos θ＋c 2＝a 2＋b 2
－ab cos θ≥2ab －ab cos θ＝2⎝
⎛⎭⎪⎫2－cos θsin θ.设f (θ)＝2⎝ ⎛⎭
⎪⎫2－cos θsin θ，则f ′(θ)＝2－4cos θsin 2
θ.令f ′(θ)>0，
则cos θ<12，f (θ)是增函数；令f ′(θ)<0，则cos θ>12，f (θ)是减函数．故当cos θ＝12时，sin θ＝3
2，
此时f (θ)max ＝23，则PC →·PB →＋BC →2
有最小值，为2 3.
【关联4】、满足条件AB ＝2，AC ＝2BC 的三角形ABC 的面积的最大值是________． 【答案】： 2 2
解法1 以AB 所在直线为x 轴，AB 的中点为坐标原点，建立如图所示的直角坐标系xOy ，则由AB ＝2得A (－
1,0)，B (1,0)．设C (x ，y )，由AC ＝2BC 得
x ＋
2
＋y 2
＝2·
x －
2
＋y 2，即(x －3)2＋y 2
＝
(22)2
，所以点C 在以(3,0)为圆心，半径为22的圆上(去掉与x 轴的交点)，从而三角形ABC 的面积的最大值为1
2
×2×22＝2 2.。