【恒心】2015届四川省成都市高中毕业班第一次一诊模拟检测物理试题及参考答案【纯word精品版】

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成都市2015届高中毕业班第一次诊断性模拟检测(试题)

成都市2015届高中毕业班第一次诊断性模拟检测理科综合物理部分命题人：孟兵第Ⅰ卷（选择题，共42分）一、选择题（本题包括7小题．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。

全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分）1．下列说法正确的是（）A ．万有引力定律只适用像天体这样质量很大的物体B ．牛顿运动定律也适用微观世界C ．叮当同学将房价的“上涨”类比成运动学中的“加速”，将房价的“下跌”类比成运动学中的“减速”，据此，认为“房价上涨出现减缓趋势”可以类比成运动学中的速度增加，加速度减小D ．物体惯性的大小是由质量和速度共同决定的2．如图甲所示，斜面体固定在水平面上，倾角为θ＝30°，质量为m 的物块从斜面体上由静止释放，以加速度a 速率v 、动能E k 、势能E P 、机械能E 跟时间t 或位移x 的关系，错误的是（）3．我国志愿者王跃曾与俄罗斯志愿者一起进行“火星-500”的实验活动。

假设王跃登陆火星后，测得火星半径是地球半径的21，质量是地球质量的91。

已知地球表面的重力加速度是g ，地球的半径为R ，王跃在地面上能向上竖直跳起的最大高度是h,已知万有引力常量为G,忽略自转的影响，下列说法正确的是（）A ．火星的密度为GR g 32 B ．火星表面的重力加速度是92g C ．火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为32 D ．王跃以在地球上相同的初速度在火星上起跳后，能达到的最大高度是29h 4. 如图甲所示，在粗糙的水平面上，质量分别为m 和M(m ∶M ＝1∶2)的物块A 、B 用轻弹簧相连，两物块与水平面间的动摩擦因数相同.当用水平力F 作用于B 上且两物块共同向右加速运动时，弹簧的伸长量为x 1.当用同样大小的力F 竖直加速提升两物块时(如图乙所示)，弹簧的伸长量为x2，则x 1∶x 2等于（）A.1∶2B.1∶1C.2∶1D.2∶35.如图所示，光滑的金属轨道分水平段和圆弧段两部分，O点为圆弧的圆心．两金属轨道之间的宽度为0.5m，匀强磁场方向如图，大小为0.5T.质量为0.05kg、长为0.5m的金属细杆置于金属轨道上的M点．当在金属细杆内通以电流强度为2A的恒定电流时，金属细杆可以沿杆向右由静止开始运动．已知MN＝OP＝1m，则( ) A．金属细杆运动到P点时的速度大小为5m/sB．金属细杆运动到P点时的向心加速度大小10m/s2C．金属细杆运动到P点时对每一条轨道的作用力大小为1.5ND．金属细杆从M点运动到P点的过程中消耗的电能至少为1J6.如图甲所示电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动的过程中，四个理想电表的示数都发生变化，图乙中三条图线分别表示了三个电压表示数随电流表示数变化的情况.以下说法正确的是（）A.图线a表示的是电压表V3的示数随电流表示数变化的情况B.电源的总功率减小，输出功率一定先增大后减小C.此过程中电压表V3示数U3和电流表示数I的比值U3/I不变D.此过程中电压表V3示数的变化量ΔU3和电流表示数变化量ΔI的比值不变7.在如图所示的空间区域里，y轴左方有一匀强电场，场强方向跟y轴负方向成30°角，大小为E=4×105N/C，y轴右方有一垂直纸面向里的匀强磁场（图中未画出），有一带正电的粒子以速度v0=2×106m/s由x轴上A点（OA=10cm）先后两次射入磁场，第一次沿x轴正方向射入磁场，第二次沿x磁场，已知粒子质量m为1.6496×10—27kg，电荷量q为1.6×10—19 1.7),则：( )A.粒子两次在磁场中运动的轨道半径都为20cmB.匀强磁场的磁感应强度为1.031T；C.粒子两次在电场中运动的时间都为1.7527×10—7sD.质子先后两次在磁场中运动的时间之比1:7第Ⅱ卷（非选择题，共68分）二、填空题（17分）8. Ⅰ.（7分）某同学利用图（a）所示实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量m的对应关系图，如图（b）所示。

2015年四川省成都七中高考物理一诊模拟试卷

2015年四川省成都七中高考物理一诊模拟试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.下列说法正确的是（）A.电流强度是基本物理量，其单位安培（A）是国际单位制的基本单位B.质子、中子和α粒子都能在回旋加速器中被加速，从而获得较高的能量C.在某些磁场中，洛伦兹力可以对运动电荷做功D.电场、电场线、磁场、磁感线都是客观存在的物质【答案】A【解析】解：A、根据单位制，可知，电流强度是基本物理量，其单位安培（A）是国际单位制的基本单位，故A正确；B、中子不带电，不能被加速，故B错误；C、洛伦兹力与速度方向垂直，不可以对运动电荷做功，故C错误；D、电场线、磁感线不是客观存在的，电场、磁场真实存在，故D错误；故选：A．A、根据基本物理量与基本单位，即可求解；B、中子不带电，不能加速；C、根据洛伦兹力与速度方向关系，来判定对运动电荷做功情况；D、电场线、磁感线不是客观存在的．考查基本物理量与基本单位的内容，掌握中子不带电的特征，理解洛伦兹力不做功的特点，注意电场线与感应线不存在的事实．2.某学校教室里的竖直磁性黑板上通常粘挂一些小磁铁，小磁铁被吸在黑板上可以用于“贴”挂图或试题答案．对贴在竖直黑板上、未挂重物的小磁铁，下列说法中正确的是（）A.磁铁受到的电磁吸引力大于受到的弹力，才能被吸在黑板上B.磁铁受到的重力小于受到的摩擦力，才能被吸在黑板上C.磁铁与黑板间存在三对作用力与反作用力D.磁铁受到的电磁吸引力与黑板受到的压力是一对平衡力【答案】C【解析】解：A、小磁铁受到的磁力与受到的弹力大小相等，是一对平衡力．故A错误；B、磁铁受到的重力与受到的摩擦力，是一对平衡力．故B错误；C、小磁铁与黑板间在水平方向存在两对作用力与反作用力，①黑板对磁铁的吸引力与磁铁对黑板的吸引力．②黑板对磁铁的弹力与磁铁对黑板的弹力；③而竖起方向存在一对作用力：相互间的摩擦力，故C正确；D、磁铁受到的弹力与黑板受到的压力是相互作用力，而磁铁受到的电磁吸引力与黑板受到电磁吸引力也是一对相互作用力，则磁铁受到的电磁吸引力与与磁铁受到的弹力是一对平衡力，故D错误；故选：C．相互作用力的条件：大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，但是两个力的作用点在不同的物体上．二力平衡的条件：大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，两个力作用在同一个物体上．解决本题的关键掌握作用力与反作用力和平衡力的区别，作用力和反作用力作用在不同的物体上，平衡力作用在同一个物体上．3.如图，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A.甲的向心加速度比乙的大B.甲的运动周期比乙的大C.甲的角速度大小等于乙的角速度D.甲的线速度比乙的大【答案】B【解析】解：根据万有引力提供向心力得：=ma=ω2r=m=A、a=，可知甲的向心加速度小于乙的向心加速度，故A错误；B、T=2π，可知甲的运行周期比乙的大，故B正确；C、ω=，可知甲的角速度比乙的小，故C错误；D、v=，可知甲的线速度比乙的小，故D错误；故选：B．抓住卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，列式展开讨论即可．抓住半径相同，中心天体质量不同，根据万有引力提供向心力展开讨论即可，注意区别中心天体的质量不同．4.如图所示，物块A放在倾斜的木板上，已知木板的倾角α分别为30°和37°（sin37°=0.6，cos37°=0.8）时物块所受摩擦力的大小恰好相同，则物块与木板间的动摩擦因数为（）A.0.6B.0.625C.0.75D.0.8【答案】B【解析】解：当板与水平面间的倾角为30°时，物体静止在斜面上，对应的静摩擦力为f1=mgsin30°=0.5mg（N）当板与水平面间的倾角为37°时，物体沿斜面加速下滑，对应的滑动摩擦力f2=μ•mgcos37°=0.8μmg由：f1=f2解得：μ==0.625故选：B．当板与水平面间的倾角为30°时，物体静止在斜面上，由重力沿斜面的分力与静摩力平衡求出摩擦力．当板与水平面间的倾角为37°时，根据摩擦力公式求出摩擦力．本题求解摩擦力时要分析物体的状态，应先确定是静摩擦还是滑动摩擦．5.甲、乙两物体在t=0时刻经过同一位置沿x轴运动，其v-t图象如图所示，则（）A.甲、乙在t=2.5s时的加速度方向相同B.甲、乙在t=0.5s时的加速度大小相同C.在t=0到t=7s之间，乙的加速度改变了3次D.甲乙之间的距离一直在增大【答案】D【解析】解：A、根据斜率等于加速度，斜率的正负表示加速度的方向，可知甲、乙在t=2.5s时的加速度方向相反，故A错误．B、在t=0.5s时乙图线的斜率较大，所以乙的加速度较大，故B错误．C、在t=0到t=7s之间，乙的加速度改变了1次，故C错误．D、根据速度图象与坐标轴所围的“面积”表示物体的位移，t轴上方的“面积”表示位移是正值，t轴下方的“面积”表示位移是负值，则知在t=0到t=7s之间乙的位移为零，甲的位移一直为正，乙先沿负向运动，t=1s时位移为0；1-7s内先沿正向运动后沿负向运动，t=7s时位移为0，则知两者之间的距离一直增大．故D正确．故选：D．本题应抓住速度时间图象中速度的正负表示速度的方向，图象与坐标轴所围的“面积”表示物体的位移，斜率等于物体的加速度进行分析．本题关键要掌握速度图象的数学意义：图象与坐标轴所围的“面积”表示物体的位移，斜率等于物体的加速度进行分析．二、多选题(本大题共2小题，共12.0分)6.如图所示，质量m的滑块以一定初速度滑上倾角为θ的固定斜面，同时施加一沿斜面向上的恒力F=mgsinθ；已知滑块与斜面间的动摩擦因数μ=tanθ，取出发点为参考点，能正确描述滑块运动到最高点过程中产生的热量Q，滑块动能E k、势能E p、机械能E随时间t、位移s关系的是（）A. B. C. D.【答案】CD【解析】解：对物体受力分析，受重力、支持力、拉力和滑动摩擦力，设加速度沿着斜面向上，根据牛顿第二定律，有：F-mgsinθ-μmgcosθ=ma其中：F=mgsinθ，μ=tanθ联立解得：a=-gsinθ即物体沿着斜面向上做匀减速直线运动；位移x=v0t+速度v=v0+atA、产生热量等于克服滑动摩擦力做的功，即Q=fx，由于x与t不是线性关系，故Q与t不是线性关系，故A错误；B、E k=，由于v与t是线性关系，故mv2与t不是线性关系，故B错误；C、物体的位移与高度是线性关系，重力势能E p=mgh，故E p-s图象是直线，故C正确；D、物体运动过程中，拉力和滑动摩擦力平衡，故相当于只有重力做功，故机械能总量不变，故D正确；故选：CD．对物体受力分析，受重力、支持力、拉力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解加速度，然后推导出位移和速度表达式，再根据功能关系列式分析．本题关键明确物体的运动规律，然后根据功能关系得到表达式分析图象．7.如图，在光滑绝缘水平面上、三个带电小球a、b和c分别位于边长为L的正三角形的三个顶点上，a、b带正电，电荷量均为q，c带负电，整个系统置于方向水平的匀强电场中，已知静电力常量为k，若三个小球均处于静止状态，则下列说法中正确的是（）A.a球所受合力斜向左下B.c带电量的大小为2qC.匀强电场的方向垂直于ab边由c指向ab的中点D.因为不知道c的电量大小，所以无法求出匀强电场的场强大小【答案】BC【解析】解：A、球a保持静止，合力为零，故A错误；B、C、D、设c电荷带电量为Q，以c电荷为研究对象受力分析，根据平衡条件得a、b 对c的合力与匀强电场对c的力等值反向，即：2××cos30°=E•Q；所以匀强电场场强的大小为．设c电荷带电量为Q，以c电荷为研究对象受力分析，根据平衡条件得a、b对c的合力与匀强电场对c的力等值反向，即：=×cos60°所以C球的带电量为2q．故B正确，C正确，D错误；故选：BC．三个小球均处于静止状态，合力为零，以c电荷为研究对象，根据平衡条件求解匀强电场场强的大小．三个小球均处于静止状态，合力为零，以c电荷为研究对象，根据平衡条件求解C球的带电量．本题首先要灵活选择研究的对象，正确分析受力情况，再根据平衡条件和库仑定律及平行四边形定则解题．三、实验题探究题(本大题共2小题，共17.0分)8.某同学用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”．弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M，弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端水平向左拉，使结点O静止在某位置，分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点位置和拉线的方向．（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为______ N．（2）下列不必要的实验要求是______ ．（请填写选项前对应的字母）A．应测量重物M所受的重力B．弹簧测力计应在使用前校零C．拉线方向应与木板平面平行D．改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置（3）某次实验中，该同学发现弹簧测力计A的指针稍稍超出量程，请您提出两个解决办法．方法一：______ 方法二：______（4）该同学在实验中保持弹簧测力计B的拉力的方向一直水平，你认为该做法科学吗？为什么？答：______ ．【答案】3.6；D；减小弹簧测力计B的拉力；减小重物的质量；不科学，因为不能验证任意角度下的力的合成满足平行四边形法则【解析】解：（1）弹簧测力计读数，每1N被分成5格，则1格就等于0.2N．图指针落在3N到4N的第3格处，所以3.6N．（2）A、实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，因此重物的重力必须要知道．故A项也需要；B、弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零．故B项也需要；C、拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性．故C项也需要；D、当结点O位置确定时，弹簧测力计A的示数也确定，由于重物的重力已确定，两力大小与方向均一定，因此弹簧测力计B的大小与方向也一定，所以不需要改变拉力多次实验．故D项不需要．故选：D．（3）当弹簧测力计A超出其量程，则说明弹簧测力计B与重物这两根细线的力的合力已偏大．又由于挂重物的细线力的方向已确定，所以要么减小重物的重量，要么改变测力计B拉细线的方向，或改变弹簧测力计B拉力的大小，从而使测力计A不超出量程．（4）不科学，因为不能验证任意角度下的力的合成满足平行四边形法则．故答案为：（1）3.6；（2）D；（3）减小弹簧测力计B的拉力；减小重物的质量；（4）不科学，因为不能验证任意角度下的力的合成满足平行四边形法则．弹簧测力计A挂于固定点，下端用细线挂一重物．当弹簧测力计B一端用细线系于O 点，当向左拉使结点静止于某位置．弹簧测力计A和B的示数分别为两细线的力的大小，同时画出细线的方向即为力的方向．虽悬挂重物的细线方向确定，但大小却不知，所以要测重物重力．当结点静止于某位置时，弹簧测力计B的大小与方向就已确定了．原因是挂重物的细线大小与方向一定，而弹簧测力计A大小与方向也一定，所以两力的合力必一定．当出现超出弹簧测力计A的量程时，通过改变其中一个力大小或另一个力方向来达到此目的．通过作出力的图示来验证“力的平行四边形定则”，重点是如何准确作出力的图示．同时值得注意其中有一力大小与方向均已一定，从而减少实验的操作步骤．9.在探究小灯泡的伏安法测电阻实验中，所有器材有灯泡L，量程恰当的电流表A和电压表V，直流电源，滑动变阻器R、电键S等．（1）要求灯泡两端电压表V从零开始连续变化，则实验中滑动变阻器应采用______ 接法（“分压”或“限流”）（2）某同学已连接如图1所示的电路，在连接最后一根导线的c端到直流电源正接线柱之前，请指出其中仅有的2个不当之处．A：______B：______（3）分别测得两只灯泡L1和L2的伏安特性曲线如图2中Ⅰ和Ⅱ所示，然后将灯泡L1、L2与电池组（电动势和内阻均恒定）连成图3所示电路．测量后得到通过L1和L2的电流分别为0.30A和0.60A．请在图3中画出电池组路端电压U和电流I的关系曲线．【答案】分压；电键S不应闭合；滑片P应位于最右端，不应位于左端【解析】解：（1）探究小灯泡的伏安特性曲线要求电压从0到额定电压变化，所以滑动变阻器必须采用分压解法．（2）在连接线路时必须将每个开关断开，而图中是闭合的这是第一个错误．连好线路后在闭合开关前需要将限流滑动变阻器调到阻值最大，将分压滑动变阻器调到输出为0端，在图中是b端，以保护电源和电表．（3）描绘电源的伏安特性曲线要求外电阻变化测定对应的多组路端电压和电流，本实验中用两个小灯泡来改变外电阻获得两组电流值，然后在小灯泡的伏安特性曲线上查出对应的电压，用两个坐标点描绘图象．为描绘准确可以先进行理论计算，首先查出两坐标为（0.30A，3.8V）和（0.60A，3.0V），则内阻为r==2.7Ω，电动势为E=4.6V，然后作出准确图象如图．故答案为：（1）分压（2）A．电键S不应闭合；B、滑片P应位于最右端，不应位于左端（3）如图由于要求灯泡两端电压从OV开始变化，所以滑动变阻器必须分压式接法．从图中可知，电键处于闭合状态，同时滑动触头也在不当位置．两只灯泡l1和l2的伏安特性曲线如图Ⅱ中Ⅰ和Ⅱ所示，结合图Ⅲ所示电路，可以画出闭合电路的路端电压与电流的图象．从而读出电源的电动势，算出电源的内电阻．当电路中的路端电压与电流图象与负载的电压与电流图象相交时，则交点表示它们的电流．原因是负载与电源相串联．而路端电压与电流的图象的纵交点是表示电源的电动势，横交点表示短路电流．四、计算题(本大题共3小题，共51.0分)10.一物体做匀减速直线运动，在某段时间T内的平均速度的大小为v，紧接着在接下来的相等的时间T内的平均速度的大小为kv（k＜1），此时，物体仍然在运动．求：（1）物体的加速度为多大？（2）再经过多少位移物体速度刚好减为零？【答案】解：（1）匀变速直线运动中，某段时间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故加速度大小：a===加速度大小为；（2）第二段T时间的末速度为：V=kv+a•=所求位移为：x==．答：（1）物体的加速度大小为；（2）再经过位移物体速度刚好减为零．【解析】（1）匀变速直线运动中，某段时间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度；然后根据加速度定义求解加速度；（2）先根据速度公式求解第二段T时间的末速度，然后根据速度位移关系公式列式求解位移．本题关键是要利用“匀变速直线运动中，某段时间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度”的结论求解出两个瞬时速度，然后再结合运动学公式列式求解．11.如图所示，半径为r=0.10m的圆形匀强磁场区域边界跟x轴相切于坐标原点O，磁感应强度按图示规律变化，方向垂直直纸面向里，在t=0时刻由O处沿y轴正方向射入速度为v=1.0×103m/s的带负电粒子，已知粒子质量m=9.0×10-12kg，电量q=9.0×10-6C，不计粒子重力，求：（1）t=0～π/60000秒时间内，粒子做匀速圆周运动的周期、半径和转过的角度．（2）t=π/60000秒～3π/60000秒时间内，粒子做匀速圆周运动的周期、半径和转过的角度．（3）粒子在磁场中的运动时间和离开磁场时的位置坐标．【答案】解：粒子进入磁场后，由洛伦兹力提供向心力，做匀速圆周运动，设单位时间t=×10-4s．则（1）在t=0～×10-4s时间内，B1=1×10-2T，由qv B1=m，代入数据解得：R1=0.1m，T1==2π×10-4s，故t=T1，则粒子在第一个t内，在磁场中转过的圆心角为30°．（2）在t=×10-4s～×10-4s时间内，B2=12×10-2T，由qv B2=m，代入数据解得：R2=m，T2==×10-4s，则t=T2，转过的圆心角为360°；（3）粒子在第二个和第三t内刚好做两个完整的圆周运动，第四个t内的运动与第一t内的相同，第五、六个t内的运动又与第二、第三个t内的相同，到第七个t末，粒子刚好出磁场，由上分析可知，粒子在磁场中运动时间为：t′=7t=π×10-4s，运动轨迹如图，离开磁场时的位置坐标为（0.1，0.1）答：（1）t=0～π/60000秒时间内，粒子做匀速圆周运动的周期为2π×10-4s、半径为0.1m，转过的角度为30°．（2）t=π/60000秒～3π/60000秒时间内，粒子做匀速圆周运动的周期为×10-4s、半径为m，转过的角度为360°．（3）粒子在磁场中的运动时间为π×10-4s，离开磁场时的位置坐标为（0.1，0.1）．【解析】粒子进入磁场后，由洛伦兹力提供向心力，做匀速圆周运动，设单位时间t=×10-4s，根据牛顿第二定律求出粒子的轨迹半径和周期T，根据t与T的关系，分析在第一个单位时间内粒子在磁场中转过的圆心角．在第二单位时间内，用同样的方法求出粒子在磁场中转过的圆心角，画出轨迹，确定经过几个单位时间，粒子刚好射出磁场，即可求得时间和离开磁场时的位置坐标．本题关键是采用归纳法，总结出粒子在每个t时间内转过的圆心角，画出轨迹进行求解．12.如图所示，物体A放在足够长的木板B上，木板B静止于水平面．t=0时，电动机通过水平细绳以恒力F拉木板B，使它做初速度为零，加速度a B=1.0m/s2的匀加速直线运动．已知A的质量m A和B的质量m B均为2.0kg，A、B之间的动摩擦因数μ1=0.05，B与水平面之间的动摩擦因数μ2=0.1，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等，重力加速度g取10m/s2．求：（1）t=0.1s时，物体A的加速度大小a A；（2）t=1.0s时，电动机的输出功率P；（3）若t=1.0s时，将电动机的输出功率立即调整为P′=5W，并在以后的运动过程中始终保持这一功率不变，t′=3.8s时物体A的速度为1.2m/s．则在t=1.0s到t=3.8s这段时间内木板B的位移是多少？【答案】解：（1）若A相对于B滑动，则对物体A进行受力分析，水平方向只受摩擦力，根据牛顿第二定律得：f=μ1m A g=m A a A解得：a A=0.5m/s2＜1.0m/s2，所以A的加速度为0.5m/s2；（2）对物体B进行受力分析，水平方向受到拉力F、地面对B的摩擦力、A对B的摩擦力，根据牛顿第二定律得：F-μ1m A g-μ2（m B+m A）g=m B a B带入数据解得：F=7N，v=a B t=1m/s所以P=F v=7W（3）电动机的输出功率调整为5W时，设细绳对木板B的拉力为F′，则P′=F′v1，代入数据解得F'=5N，对木板进行受力分析，木板B受力满足F′-μ1m A g-μ2（m A+m B）g=0所以木板B将做匀速直线运动，而物体A则继续在B上做匀加速直线运动直到A、B速度相等．设这一过程时间为t′，有v1=a A（t1+t′），这段时间内B的位移s1=v1t′，A、B速度相同后，由于F＞μ2（m A+m B）g且电动机输出功率恒定，A、B将一起做加速度逐渐减小的变加速运动，由动能定理得：P′（t2-t′-t1）-μ2（m A+m B）gs2=由以上各式带入数据得：木板B在t=1.0s到t=3.8s这段时间的位移s=s1+s2=3.03m 答：（1）物体A刚运动时的加速度a A为0.5m/s2；（2）t=1.0s时，电动机的输出功率P为7W；（3）在t=1.0s到t=3.8s这段时间内木板B的位移为3.03m．【解析】（1）对物体A进行受力分析，水平方向只受摩擦力，根据牛顿第二定律就出a；（2）电动机的输出功率P=F v，对B进行受力分析，水平方向受到拉力F、地面对B 的摩擦力、A对B的摩擦力，对B运用牛顿第二定律可解除F，根据运动学公式求出v，即可求得p；（3）电动机的输出功率调整为5W时，根据P=F v，求出F，对B进行受力分析，得出B受平衡力，所以B做匀速运动，而物体A则继续在B上做匀加速直线运动直到A、B 速度相等，算出时间，算出位移s1，速度相同后，由于F＞μ2（m A+m B）g且电动机输出功率恒定，A、B将一起做加速度逐渐减小的变加速运动，根据动能定理求出位移s2，木板B在t=1.0s到t=3.8s这段时间的位移s=s1+s2．本题对受力分析的要求较高，要能根据受力情况判断运动情况，或根据运动情况判断受力情况，难度较大．。

四川省成都市2015-2016学年度高一上期期末学业质量监测物理试题

成都市2015-2016学年度上期期末学业质量检测高一物理本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分．第Ⅰ卷1页至3页，第Ⅱ卷4页至8页．满分100分，考试时间90分钟．第Ⅰ卷(选择题，共42分)一、选择题(本题包括6小题，每小题3分，共18分．每小题只有一个选项符合题意)1．下列单位中，属于国际单位制大的基本单位是A．千克B．牛顿C．米每秒D．小时2．下列所说的速度中，是平均速度的是A．百米赛跑的运动员以9.5 m/s的速度冲过终点线B．返回地面的太空舱以8 m/s的速度落至太平洋洋面C．子弹以800 m/s的速度撞击到墙上D．由于堵车，从新南门到磨子桥汽车的速度仅为4 km/h3．以一定的初速度沿光滑的斜面上滑的物体受到的力是A．重力、牵引力和斜面的支持力B．重力、摩擦力和斜面的支持力C．重力和斜面的支持力D．重力、支持力、牵引力和压力4．在探究“弹力与弹簧伸长的关系”试验中，测得轻质弹簧的原长为l0＝9 cm．当弹簧所受拉力为F1＝0.5 N 时，弹簧的长度为l1＝11 cm，当拉力为F2＝1 N时，弹簧的长度为l2＝13 cm．则该弹簧的劲度系数为A．4 cm/N B．25 N/m C．4.6 N/m D．0.04 m/N5．为了测量篮球从某一高度自由下落着地时对篮球的最大弹力，一位同学采取了如下方法：把一张平白纸放在地面，在篮球的表面均匀地洒上水，让篮球从特定高度自由落到白纸上，在纸上留下水印；然后把这张纸放到体重计上，将篮球放在纸上，慢慢地向下压，直至球面和水印重合，此时读出体重计的示数，即可知地面对篮球的最大弹力的大小．以下试验中所用的方法与此相类似的是A．在研究弹簧弹力与伸长关系时，弹簧不超过弹性限度B．在研究加速度与合外力关系时，保持物体的质量不变C．在验证力的平行四边形定则时，两次将橡皮条拉长至同一位置D．在观察桌面受到压力发生微小形变的实验中，使用激光笔和平面镜6．如图所示，小李在公园游玩时将吊床用绳子拴在两棵树上等高位置，他先坐在吊床上，静止时两绳与竖直方向的夹角为θ；然后他躺在吊床上，静止时两绳与竖直方向的夹角为θ2，已知θ1＞θ2，设吊床对小李的作用力为F1，吊床两端系绳中的拉力为F2、则A．坐着比躺着时F1大B．躺着比坐着时F1大C．躺着比坐着时F2大D．坐着比躺着时F2大二、选择题(本题包括6小题，每小题4分，共24分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0 分)7．下列说法中，能找到相应实例的是A．物体运动的位移不等于0，而路程等于0B．物体运动的加速度等于0，而速度却不等于0C．物体速度变化越来越快，而加速度却越来越小D ．物体的速度变化量较大，而加速度却较小8．成都市某中学科技研究小组设计了一种测定风力的仪器，原理如图所示，它的细长金属丝一端固定于悬点O ，另一端悬挂一个质量为m 的金属球．无风时，金属丝自然下垂，当受到沿水平方向吹来的风时，金属丝将偏离竖直方向角度θ．风力越大，偏角越大．下列关于风力F 、金属丝弹力T 、偏角θ、小球质量m 之间的关系式正确的是A ．T ＝mg sin θB ．T ＝mg cos θC ．F ＝mg tan θD ．F ＝mg cot θ9．一个质量为2kg 的物体，在6个共点力的作用下保持静止．若同时撤销其中大小分别为18N 和12N 的两个力，其余的力保持不变，此时该物体的加速度大小可能是 A ．13 m/s 2 B ． 3 m/s 2 C ．2 m/s 2 D ．16 m/s 2 10．某质点沿x 轴做直线运动，其v －t 图像如图所示，质点在t ＝0时位于x ＝2 m 处，开始沿x 轴正向运动，则A ．t ＝0.5 s 时，质点的加速度方向与速度方向相反B ．t ＝3.5 s 时，质点的加速度方向与速度方向相反C ．t ＝4 s 时，质点在x 轴上的位移为x ＝6 mD ．t ＝8 s 时，质点在x 轴上的位移为x ＝11 m11．如图所示，物块M 在静止的传送带上以速度v 匀速下滑时，传送带突然起动，方向如图箭头所示，若传送带的速度大小也为v ，则传送带起动后 A ．M 静止在传送带上 B ．M 可能沿斜面向上运动 C ．M 下滑的速度减小 D ．M 受到的摩擦力不变12．如图所示，小车向右运动的过程中，某段时间内车中悬挂的小球A 和车水平底板上的物块B 都相对车厢静止，悬挂小球A 的悬线与竖直线有一定夹角θ，B 与车底板之间的动摩擦因数为0.75，假设B 所受最大静摩擦力等于滑动摩擦力．在这段时间内，下述判断中正确的是 A ．物块B 不受摩擦力作用B ．物块B 受摩擦力作用，大小恒定，方向向左C ．要使A 、B 和车保持相对静止，θ最大为37°D ．要使A 、B 和车保持相对静止，θ最大为53°第Ⅱ卷 (非选择题，共58分)三、实验题(本题共3小题，共16分)13．（4分）小李同学用纸带和打点计时器研究小车的运动，小车拉着纸带由右向左运动．他在打出的只带上选择了6个计数点A 、B 、C 、D 、E 、F ，如图所示，相邻两个计数点的时间间隔为 0.1 s ，各点到A 点的距离依次是 2.0 cm 、5.0 cm 、9.0 cm 、14.0 cm 、20.0 cm ．请根据题意完成以下问题：（1）打下B 点时小车的速度为 v B ＝____________m/s（2）根据纸带可得小车运动的加速度为____________m/s 2．14．（6分）（1）通过两个定滑轮，用两根细线去拉伸一根一端固定在墙上的橡皮筋OP ．过定滑轮A 的线挂三个砝码，过定滑轮B 的线挂四个砝码，两根细线都系在橡皮筋的P 端，在两个拉力的共同作用下，使橡皮筋从P 点水平地拉伸到P ＇点，此时两根细线的夹角为90°，如图甲所示．如果改用一根细线，绕过一个定滑轮，要取得同样的效果，定滑轮必须安装在_____________________，线上挂________个砝码．`（2）某同学在做“验证力的平行四边形定则”实验时，利用坐标纸记下了橡皮筋的结点位置O 点以及两只弹簧测力计拉力的大小，如图乙所示．请在图中作出F 1和F 2的合力图示，并用F 表示此力．15．（6分）甲图所示为“用DIS （位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置．（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持_________不变，用钩码所受的重力作为小车所受的外力，用DIS 测小车的加速度．（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a －F 关系图线（如以图所示）．①分析此图线的OA 端可得出的实验结论是_______________________________． ②此图线的AB 段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是（） A ．小车与轨道之间存在摩擦 B ．导轨保持了水平状态 C ．所挂钩码的总质量太大 D ．所用小车的质量太大四、计算题(本题共4个题，共42分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值运算的题，答案中必须明确写出数值和单位)16．（8分）为进一步增强市民文明交通的意识，2014年成都市曝光各种不文明的交通行为．某天在市区内有一辆车遇到有人闯红灯，马上紧急刹车，经时间 t ＝1.5 s 停止，测得路面刹车的痕迹长 x ＝4.5m ，刹车后车的运动为匀减速直线运动，则刹车过程的加速度a 的大小是多少？初速度 v 0 是多少？若此道路规定，车辆行驶的速度不得超过 30 km/h ，试问这辆车是否违章？乙位移传感器(接收器) 位移传感器(发射器) 乙17．（10分）成都欢乐谷的“跳楼机”游戏，既新奇又刺激，很受同学们欢迎．其原理是将巨型娱乐器械由升降机送到离地面 60 m 的高处，然后让座舱自由下落，落到离地面 20 m 高时，制动系统开始启动，座舱均匀减速，到地面时刚好停下．若座舱中的小李体重 500 N ，试求：（1）此过程中的最大速度是多少？当座舱落到离地面 30 m 的位置时，水平支持面对小李的支持力是多少？（2）当座舱落到离地面 15 m 的位置时，小李对水平支持面的压力是多少？（取g ＝10 m/s 2）．18．（10分）小王用水平方向的推力F ＝100N 推一个质量为 20 kg 的箱子匀速前进，如图甲所示，g 取10m/s 2．（sin37°＝0.6，cos7°＝0.8），求：（1）箱子与水平地面间的动摩擦因数μ；（2）若小王不改变拉力的大小，只把力的方向变为与水平方向成37°角斜向上取拉静止的这个箱子，如图乙所示，拉力作用8.0s 后撤去，箱子最多还能运动多长距离？19．（14分）如图所示，A 、B 两个小物块用轻绳相连，轻绳绕过位于倾角为37°，长为L ＝10 m 的斜面顶端的轻质滑轮，滑轮与转轴之间的摩擦不计，斜面固定在水平桌面上．第一次，B 悬空，A 静止在斜面上；已知物块 A 的质量为 m ＝1kg ，B 质量为M ＝0.8 kg ，A 与斜面的动摩擦因数 μ＝0.5，重力加速度g ＝10m/s 2，（sin37°＝0.6，cos7°＝0.8），则：（1）求A 静止在斜面上时所受到的摩擦力大小及方向；（2）第二次，将B 的质量改变，发现 A 自斜面底端由静止开始匀加速运动，经时间 t ＝2s 时速度大小为 v ＝4 m/s ，求物块B 的质量改变了多少？（3）当A 在（2）问情况中，速度达到v ＝4 m/s 时，B 离地面高h ＝2.4m ，此时剪短轻绳，求A 回到斜面底端与B 落地的时间相差多少？（可用根式表示）乙甲高一物理参考答案与评分标准第Ⅰ卷 (选择题，共42分)一、选择题（每小题3分，18分）1．A 2．D 3．C 4．B 5．C 6．D 二、选择题（每小题4分，24分）7．BD 8．C 9．AB 10．B 11．D 12．BC第Ⅱ卷 (非选择题，共58分)三、实验探究题：本题共3小题，共16分 13．（4分）（1）0.25（2分）（2）1.0（2分） 14．（6分）（1）OP 连线上（2分） 5（2分）（2）见右图（2分） 15．（6分）（1）小车的总质量（2分）（2）①在质量不变得情况下加速度与外力成正比（2分）② C （2分）四、计算题：本题共4个小题，共42分 16．（8分）解：刹车过程，由20tv x =2分得到 v 0＝6 m/s 1分再由 v t 2－v 02＝2ax 2分得到 a ＝－4 m/s 2即加速度大小为 4 m/s 2 1分因为 v 0＝6 m/s ＝21.6 km/h ＜30km/h 1分所以，没违章 1分（其它解法，参照本标准给分） 17．（10分）解：（1）由自由落体运动，下落h 1＝60 m －20 m ＝40m 时有最大速度由 v 2＝2gh 1，得最大速度220=v m/s 2分离地面30m 时，座舱自由下落，处于完全失重状态，所以水平支持面对小李的支持力为零（1分）（2）离地面15m 时，座舱处于减速阶段v 2＝2gh 1＝2gh 2，由此得：a ＝2g 3分根据牛顿第二定律：N －mg ＝ma 2分解得 N ＝3mg ＝1500 N 1分根据牛顿第三定律，小李对水平支持面的压力为1500 N 1分 18．（10分）解：（1）在图甲情况下，箱子受力如图，由平衡条件得 F ＝f 1分 N 1＝mg 1分而 f ＝μN 1 1分联立解以上三式得而μ＝ 0.5 1分（2）在图乙情况下，箱子先以加速度a 1做匀加速运动，然后以加速度a 2做匀减速运动直到停止F cos37°－μN 1＝ F cos37°－μ(mg －F sin37°)＝ma 1 2分 v 1＝a 1t 1 1分 μN 3＝μmg ＝ma 2 1分 2a 2s 2＝v 12 1分解得 s 2＝ 1.6 m 1分19．（14分）解：（1）第一次，B 悬空，A 静止在斜面上，根据平衡条件由F ＋mg sin37°＝Mg 2分方向沿斜面向下 1分（2）改变B 的质量，A 上滑，说明B 的质量是增加的，设此时物块B 的质量为M’A 上滑的加速度tva =1分根据牛顿第二定律可得：tvM m m g m g g M ⨯'+=︒-︒-')(37cos 37sin μ 2分（其它解法，参照本标准给分） B 的质量增加了ΔM ＝M’－M带入数据经过计算可得：ΔM ＝0.7 kg 2分（3）B 落地时间由21121gt vt h += 得 t 1＝ 0.4 s 1分此时A 减速的加速度为 a 1＝g sin37°＋μg cos37°＝10m/s 2减速时间s 4.012==a v t ，位移 m 8.0222==t vx 1分反向加速的加速度为 a 2＝g sin37°－μg cos37°＝2 m/s 2 1分剪断前位移 m 421==t vx 1分减速时间s 4.012==a v t ，位移 m 8.0222==t vx 1分加速时间为 t 3，则223221t a x x =+，s 8.43=t 1分带入数据得到相差时间s 8.4132=-+t t t 1分。

物理高考模拟卷-高三物理试题及答案-成都市石室中学高三“一诊”模拟考试

2015年四川省成都市石室中学高考物理一诊试卷一、选择题（本题共7小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分）1．（6分）（2015?青羊区校级模拟）下列说法正确的是（）A．洗衣机脱水桶脱水时利用了离心运动B．牛顿、千克、秒为力学单位制中的基本单位C．牛顿提出了万有引力定律，并通过实验测出了万有引力常量D．理想实验是把实验的情况外推到一种理想状态，所以是不可靠的【考点】：万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定；离心现象．【分析】：根据需要的向心力大于提供的向心力，发生离心现象；牛顿不是基本单位；牛顿提出了万有引力定律，伽勒观察到海王星，卡文迪许通过实验测出了万有引力常量；理想实验是可靠的，来判断正误．【解析】：解：A、洗衣机脱水时利用离心运动将附着在衣服上的水分甩掉，水做离心运动．故A正确；B、米、千克、秒为力学单位制中的基本单位，而牛顿不是的基本单位，故B错误；C、牛顿提出了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了万有引力常量．故C错误．D、理想实验是把实验的情况外推到一种理想状态，是可靠的，故D错误；故选：A．【点评】：考查离心现象的原理，及发生条件，掌握基本单位与导出单位的区别，注意万有引力定律的发现与引力常量测定者的不同．2．（6分）（2015?青羊区校级模拟）一小船在静水中的速度为3m/s，它在一条河宽150m，水流速度为4m/s的河流中渡河，则下列说法错误的是（）A．小船不可能到达正对岸B．小船渡河的时间不可能少于50sC．小船以最短时间渡河时，它沿水流方向的位移大小为200mD．小船以最短位移渡河时，位移大小为150m【考点】：运动的合成和分解．【专题】：运动的合成和分解专题．。

四川省成都七中高三理综12月一诊模拟考试试题(扫描版)

四川省成都七中2015届高三理综12月一诊模拟考试试题（扫描版）物理试题参考答案与评分建议二、实验题（8题6分，9题11分，共17分）8、（8分）（1）3.6（2分）（2）D（2分）（3）减小弹簧测力计B的拉力；减小重物的质量；改变弹簧测力计B的拉力的方向（2分）（4）不科学，因为不能验证任意角度下的力的合成满足平行四边形法则（2分）9、（9分）（1）分压（2分）（2）A.电键S不应闭合；（2分）B、滑片P应位于最右端，不应位于左端（2分）（3）如右图（3分）10、（15分）解：（1）加速度大小a=（1-k）v/T------------------------------(5分)（2）末速度为V=kv-a·T/2=（3k-1）v/2---------------------(5分) 所求位移为x=V2/（2a）=（3k-1）2vT/[8（1-k）] ---------(5分)12（3）订正为：过程中：t1=1s XB1=1mt2=1.8sxB2=2.03mxbxB总=3.03m成都七中2015届高三一诊模拟考试理综化学试卷答案9、（10分，每空2分））（1）0.002 mol/（L·min）（2）bd （3）a （4）S2— + H 2O HS— + OH— NaOH固体（合理即可）10、（16分）（1）Zn(NO3)2 (1分) 4Zn+10HNO3=4Zn(NO3)2+N2O↑+ 5H2O （2分）（2）防止生成的Zn(OH)2被溶解（2分）（3）Zn(OH)2 Fe(OH)3（2分）（4）促使Fe3+完全水解（2分）温度越高，水解程度越大（2分）（5）抑制Zn2+水解生成Zn(OH)2 （1分）蒸发皿、酒精灯、铁架台、玻璃棒（4分）成都七中15届高三一诊模拟考试理综生物试卷参考答案9．（12分,除标注外，每空1分）(1) 内侧细胞中的生长素浓度比外侧低敏感性（2）茎芽尖端（2分）（3）促进（2分）（4）细胞长度(体积)（2分）促进细胞伸长(生长)和细胞分裂（2分）（5）有利（2分）10．(11分,每空1分)(1) 高压蒸汽灭菌甘油管藏 (2)稀释涂布平板法涂布不均匀 2000 低于(3) 细胞分裂素母液 (4)果胶(果胶酶和纤维素) 细胞壁分子大小。

四川省成都市高中毕业班理综物理一诊试卷解析版

高中毕业班理综物理一诊试卷一、选择题：此题共8小题，每题6分.1.以下表述正确的选项是〔〕A. 亚里士多德通过“理想实验〞得出了“力不是维持物体运动的原因〞这一结论B. 开普勒在研究行星运动规律的根底上发现了万有引力定律C. 库仑通过“扭秤实验〞非常准确地测出了带电物体间的静电力D. 法拉第引入的“电场线〞是真实存在于电场中的2.如图，水平地面上叠放着矩形物体A 和B，细线一端连接A，另一端跨过定滑轮连接着物体C，A、B、C 均静止. 以下说法正确的选项是〔〕A. A共受到三个力作用B. B共受到四个力作用C. 适当增加C的质量后，A，B，C仍静止在原位置，那么A对B的压力比原来大D. 适当增加C的质量后，A，B，C仍静止在原位置，那么地面对B的摩擦力比原来大3.截止目前，我国的探月工程已发射了五个探测器. 如下列图为“嫦娥三号〞飞行轨道示意图，其中的P是环月圆轨道与环月椭圆轨道远月点的相交处，Q 是环月椭圆轨道的近月点. 以下说法正确的选项是〔〕A. 椭圆轨道上，“嫦娥三号〞在P 点的加速度最小B. 在圆轨道与椭圆轨道上运行时，“嫦娥三号〞的周期相等C. 在P 点由圆轨道变轨为椭圆轨道，“嫦娥三号〞需要加速D. 椭圆轨道上，从P 至Q，“嫦娥三号〞的机械能逐渐增大4.如下列图的电路中，电源的电动势为E、内阻为r，C 为电容器，R1和R2为定值电阻，R3为光敏电阻(阻值随光照增强而减小)，A 为理想电流表，G 为灵敏电流计，R1＞r. 当开关S闭合且电路稳定后，在逐渐增大对R3的光照强度的过程中〔〕A. A 表的示数变小B. 电源的输出功率变大C. 电源内部消耗的热功率变小D. G 表中有从a 至b 的电流5.如图，底端固定有挡板的斜面体置于粗糙水平面上，轻弹簧一端与挡板连接，弹簧为原长时自由端在B 点，一小物块紧靠弹簧放置并在外力作用下将弹簧压缩至A 点. 物块由静止释放后，沿粗糙斜面上滑至最高点C，然后下滑，最终静止在斜面上. 假设整个过程中斜面体始终静止，那么以下判定正确的选项是〔〕A. 整个运动过程中，物块加速度为零的位置只有一处B. 物块上滑过程中速度最大的位置与下滑过程中速度最大的位置不同C. 整个运动过程中，系统弹性势能的减少量等于系统内能的增加量D. 物块从A 上滑到C 的过程中，地面对斜面体的摩擦力大小先增大再减小，然后不变6.xOy 平面内运动的某质点t＝０时刻在y 轴上. 图(a)是质点在x 方向的速度v—时间t图像(选x 轴正方向为v 的正方向)，图(b)是质点在y 方向的位移y—时间t图像. 那么可知〔〕A. 质点做匀变速曲线运动B. t＝０时，质点的速度大小为2m/sC. t＝2s时，质点的坐标为(6m，０)D. t＝1s时，质点的速度大小为5m/s7.某电场中的一条电场线与x 轴重合，一负点电荷仅在电场力作用下以某一初速度沿x 轴正方向做直线运动. 点电荷的电荷量为－2×1０－8C，点电荷的动能Ek与坐标x 的关系如图中曲线所示，斜线为该曲线过点(０，3，3)的切线. 以下判定正确的选项是〔〕A. 该电场的电势沿x 轴正方向降低B. 该电场为匀强电场C. x＝０.3m 处的场强大小为5００N/CD. x＝０.3m 与x＝０.5m 间的电势差是1００V8.如图，绝缘座放在光滑水平面上，间距为d的平行板电容器竖直固定在绝缘座上，A板有小孔O，水平绝缘光滑杆穿过O固定在B板上，电容器、底座和绝缘杆的总质量为M.给电容器充电后，一质量为m的带正电环P套在杆上以某一速度v０对准O向左运动，在电容器中P距B板最近的位置为S，OS＝假设A、B板外侧无电场，P过孔O时与板无接触，不计P对A、B板间电场的影响. 那么〔〕A. P在S处的速度为０B. P从O至S的过程中，绝缘座的位移大小为C. P从O至S的过程中，绝缘座的位移大小为D. P从O至S的过程中，整个系统电势能的增加量为二、非选择题9.为了探究物体质量一定时加速度与力的关系，某同学设计了图(a) 所示的实验装置，其中M为小车的质量，m 为砂和砂桶的质量，m０为动滑轮的质量，滑轮光滑且大小不计，力传感器可测出细线中的拉力大小.〔1〕实验中，不需要进行的操作是________，不需要满足的条件是________. (填序号字母)A．用天平测出砂和砂桶的质量mB．将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C．保证砂和砂桶的质量m 远小于小车的质量MD．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数〔2〕该同学在实验中得到图(b) 所示的一条纸带(两计数点间还有四个点没有画出). 打点计时器的打点周期为０.０2s，根据纸带可求出小车的加速度大小为________m/s2(结果保存三位有效数字).〔3〕该同学以力传感器的示数F 为横坐标，加速度a 为纵坐标，画出图(c)所示的a－F 图线是一条过原点的直线，假设图线的斜率为k，那么小车的质量为________.10.要测量一个约2００Ω 的未知电阻R x的阻值，要求测量精度尽量高、且电表的指针偏角必须超过量程的三分之一. 实验室提供了以下器材：①电流表A1(０~5mA，内阻r1＝1０Ω)；②电流表A2(０~1０mA，内阻r2＝5Ω)；③定值电阻R1(R1＝18０Ω)；④定值电阻R2(R2＝2０Ω)；⑤滑动变阻器R(０~5Ω)；⑥干电池(电动势1.5V，内阻不计)；⑦开关S及导线假设干.〔1〕某同学设计了图(a)所示的电路，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置于________端(填“左〞或“右〞).〔2〕图中定值电阻应选________(填“R1〞或“R2〞).〔3〕假设某次测得电流表A1、A2的示数分别为I1、I2，那么被测电阻的大小为Rx ＝________(用可能用到的符号I1、I2、r1、r2、R1、R2表示).〔4〕假设通过调节滑动变阻器，测得多组I1、I2，作出I2—I1的图像如图(b)所示，求得图线的斜率为k ＝1.9０，那么被测电阻的大小为Rx ＝________Ω(保存三位有效数字).11.如图，竖直平面xOy内，第一象限有水平向右(沿x轴正方向)的匀强电场，第三象限有竖直向上(沿y轴正方向)的匀强电场，场强大小均为E；悬点在A(０，L)、长为L的绝缘细线悬挂着质量为m的带电小球(可视为质点)，小球静止时，细线与竖直方向的夹角为θ＝37°.撤去第一象限的电场，小球自由下摆到O点时，细线恰好断裂，然后小球经第三象限的电场，落在地面上距O点水平距离为d的B点.重力加速度大小为g，sin37°＝０.6，cos37°＝０.8.求：〔1〕小球的带电性质及电荷量q；〔2〕小球运动到B 点的速度大小.12.如图，倾角为3０°、长L＝6m的倾斜传送带的速度大小v０可由驱动系统根据需要设定，且设定后速度保持不变，其方向沿传送带向上.现给质量m＝1kg的货箱(视为质点)施加一个沿传送带向上、大小F＝1０N的恒力，使其由静止开始从传送带底端向高平台运动.货箱与传送带间的动摩擦因数μ＝，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取g＝1０m/s2.〔1〕假设v０＝０，求货箱在传送带上运动的时间t；〔2〕假设v０＝4m/s，求货箱在传送带上运动的过程中，摩擦力对货箱的冲量If 和货箱与传送带间因摩擦产生的热量Q.〔3〕假设v０＝4m/s，货箱运动到０.7s末，由于某种原因使恒力F 突然消失，试通过计算判断货箱能否到达高平台.三、选考题：共45分.13.〔1〕以下说法正确的选项是. (填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分０分)A.当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大C.物体向外界放热，其内能不一定减小D.金刚石、食盐、玻璃和水晶都是晶体E.自然界自发的宏观过程都具有方向性，总是向分子热运动无序性更大的方向进行〔2〕小明父亲启动汽车送小明上学时，发现汽车电子系统有如下列图的报警：“左前轮胎压1.7atm，胎压过低〞. 左前轮内胎体积为V０，为使汽车正常行驶，小明父亲用电动充气泵给左前轮充气，每秒钟充入ΔV ＝、压强为1atm 的气体，充气结束后内胎体积膨胀了1０％，胎内气体压强到达了2?4atm. (设胎内气体可视为理想气体且充气过程中胎内气体温度无明显变化，计算结果可用分式表示)(ⅰ)充气结束，胎内气体假设保持1.7atm，其理论体积V理是的多少倍?(ⅱ)充气几分钟可以使胎压到达2.4atm?14.〔1〕关于机械波与电磁波，以下说法中正确的选项是_. (填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分０分)B.用超声波被血流反射回来其频率发生变化可测血流速度，是利用了波的多普勒效应E.电磁波衍射能力由强到弱的顺序是无线电波、红外线、可见光、γ射线〔2〕比照钻石折射率是判断钻石真假的一种方法. 图(a)为某种材料做成的钻石示意图，其截面如图(b)所示，虚线为垂直于MN 边的对称轴，∠AOB 可以根据需要打磨成不同大小，现有光线从图示位置垂直于MN 边射入该钻石内.(ⅰ)假设∠AOB＝1０6°时，光恰好不从AO边射出. 请计算该钻石的折射率，判断该钻石的真假. (真钻石对该光的折射率为2.42，计算中可能用到sin37°＝０.6，cos37°＝０.8)(ⅱ)继续打磨该钻石使∠AOB 减小后，让光线仍沿图(b)所示方向入射，光射到BO 边时刚好发生全发射，求∠AOB 的大小. (结果保存两位小数)答案解析局部一、选择题：此题共8小题，每题6分.1.【解析】【解答】A ，亚里士多德认为力是维持物体运动状态的原因，伽利略通过“理想实验〞得出了“力不是维持物体运动的原因〞这一结论，故A错；B，应该是牛顿在研究行星运动规律的根底上发现了万有引力定律；D，法拉第引入场的概念并且提出用电场线描述电场，但电场并不是客观存在的。

2015届成都一诊物理试题纯word版含答案

成都市高2013级高中毕业班第一次诊断性检测（第Ⅰ卷，选择题，42分）1、如图所示为水平放置的两根等高固定长直细导线的截面图，O点是两导线间距离的中点，a 、b是过O点的竖直线上与O点距离相等的两点，两导线中通有大小相等、方向相反的恒定电流。

下列说法正确的是( )A、两导线之间存在相互吸引的安培力B、O点的磁感应强度为零C、O点的磁感应强度方向竖直向下D、a、b两点的磁感应强度大小相等、方向相反2、我国研制的北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，系统由5颗地球同步轨道卫星和30颗低轨卫星组网而成(见图)，这些卫星的运动均可看作匀速圆周运动。

2012年12月27日，北斗导航系统正式投人运营，计划到2020年完全建成。

关于该导航系统，下列说法正确的是（）A、系统中的地球同步轨道卫星可以定位在成都正上方B、系统中从地面发射质量为m的同步卫星比发射质量为m的低轨卫星所需的能量更多C、系统中卫星的运行周期和月亮绕地球运行的周期可能相同D、系统中卫星的运行速度可以大于11. 2 km/s3、如图所示的电路中，R0为热敏电阻（温度降低电阻增大），C为平行金属板，M点接地。

闭合开关S，待电路稳定后，C中央有一带电液滴刚好静止。

下列各项单独操作，可能使带电液滴向下运动的是（）A、断开开关SB、将变阻器R的滑动头P向上滑动C、加热热敏电阻R0D、将C的上极板略向下平移4、如图所示，斜面c置于水平面上，小物体b置于c.上，小球a用细线跨过光滑定滑轮与b相连，b与滑轮间的细线保持竖直，将a从图示位置（此时细线绷紧）无初速释放，使a 在竖直平面内摆动，在a摆动的过程中，b、c始终保持静止。

下列说法正确的是（）A、a的质量一定小于b的质量B、a摆动的过程中，b所受c的静摩擦力方向可能沿斜面向下C、a摆动的过程中，c可能受到水平面的静摩擦力作用D、a摆动的过程中，对水平面的压力大小可能等于b，c的重.力大小之和\5、如图所示是半径为R的圆柱形匀强磁场区域的横截面（纸面），磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向外。

成都市级高中毕业班第一次诊断性检测理综

理科综合一诊考试题答案第１㊀页(共６页)成都市２０１５级高中毕业班第一次诊断性检测理科综合参考答案及评分标准第Ⅰ卷㊀(１２６分)一㊁选择题１．B ２．D ３．C ４．B ５．A ６．C ７．C ８．B ９．A １０．C１１．D １２．D １３．B 二㊁选择题１４．B １５．A １６．C １７．D １８．B １９．A B ２０．C D ２１．B D 第Ⅱ卷㊀(１７４分)(一)必考题２２．(６分)(１)b t(２分)㊀(２)B (２分)(３)g h ＝(b t)２(２分)(其他正确表达式参照给分)２３．(９分)(１)C (２分)㊀(２)见答图１(３分)(若仅将电阻箱的接线柱接错,给１分)(３)５．０(２分)(填５的给１分)㊀５３(２分)(填５２．５的给１分)２４．(１２分)解:(１)设小球的质量为m ㊁初速度为v ０.小球在水平面内只受电场力作用做类平抛运动垂直打在C 点,可知小球在C 点的速度方向的反向延长线必过O 点由速度的合成分解关系可知小球在C 点的速度为:v C ＝v ０c o s θ(２分)从A 到C ,由能量守恒定律有:０－E P C ＝E k C －E k (２分)又:E k C ＝１２m v C ２＝１２m ˑv ２０c o s ２θ＝E k c o s ２θ(１分)解得:E P C ＝－E k t a n ２θ(１分)(２)如答图２所示,设圆弧的半径为R ,A O 间的距离为L ,小球从A 到C 的位移偏向角为α,经历时间为t ,加速度为a理科综合一诊考试题答案第２㊀页(共６页)由运动规律有:t a n θ＝a t v ０(１分)t a n α＝１２a t ２v ０t ＝a t ２v ０(１分)得:t a n θ＝２t a n α(１分)由图可知:t a n α＝R s i n θL ＋R c o s θ(１分)解得:L ＝R c o s θ(１分)又:O P ＝R c o s θ即:O P ＝A O ,O 点恰好是A P 的中点(１分)(其他正确解法,参照给分)２５．(２０分)解:(１)设每块木板的质量为m ,则C 的质量为２m ,假设A ㊁B 碰撞时,C 仍在A 上且速度大于A C ㊁A 相互作用的过程中对A 由牛顿运动定律有:μ２２m g －μ１(m ＋２m )g ＝m a １(１分)对C 由牛顿运动定律有:μ２２m g ＝２m a ２(１分)代入数据得:a １＝２m /s ２,a ２＝４m /s ２A 发生位移d 与板B 相碰,由运动规律有:d ＝１２a １t ２１(１分)C 发生的位移:x １＝v ０t １－１２a ２t ２１(１分)代入数据解得:t １＝１s ,x １＝８m 此时C 与A 右端的距离:s ＝L ＋d －x １＝２m (１分)碰撞前A 的速度为:v １＝a １t １(１分)代入数据得:v １＝２m /s 碰撞前C 的速度为:v ２＝v ０－a ２t １(１分)代入数据得:v ２＝６m /s 故假设成立,所以A 滑至与B 相碰时所经历的时间为:t １＝１s (１分)(２)A ㊁B 相碰过程中动量守恒,有:m v １＝(m ＋m )v ３(２分)代入数据得:v ３＝１m /s 碰后,A ㊁B 两板所受的合外力F 合＝μ２２m g －μ１２m ＋２m ()g ＝０(１分)故两板一起做匀速运动,所以,C 刚滑离木板A 时,A 的速度为:v A ＝v ３＝１m /s(１分)(３)设从A ㊁B 相碰到C 刚滑上B 板经历的时间为t ２有:s ＝v ２t ２－１２a ２t ２２－v ３t ２(１分)理科综合一诊考试题答案第３㊀页(共６页)代入数据得:t ２＝０．５s 故C 刚滑上B 板的速度为:v ４＝v ２－a ２t ２＝４m /s (１分)A ㊁B 分离后,A 板做匀减速运动,有:μ１mg ＝m a ３(１分)代入数据得:a ３＝２m /s２分离到停下,发生的位移为:x A ＝v ２３２a ３＝０．２５m (１分)B 板以a １＝２m /s ２的加速度做匀加速运动,直到与C 同速,设此过程经历时间为t ３有:v ５＝v ４－a ２t ３＝v ３＋a １t ３(１分)代入数据得:t ３＝０．５s ,v ５＝２m /s 此过程B 板的位移:x B １＝v ３＋v ５２t ３＝０．７５m (１分)此后B ㊁C 一起以a ３＝２m /s２的加速度做匀减速运动直到停下发生的位移为:x B ２＝v ２５２a ３＝１m(１分)所以,最终停下来时,A ㊁B 板间的距离为:Δx ＝x B １＋x B ２－x A ＝１．５m(１分)(其他正确解法,参照给分)２６．(１５分)(１)C u ＋２H ２S O ４(浓)әC u S O ４＋S O ２ʏ＋２H ２O (２分)检验产物S O ２(２分)㊀N a O H 溶液(其他合理答案均可得分)(１分)(２)H ２(１分)㊀反应后期,c (H ＋)增大,与Z n 反应生成H ２速率加快;黄铜为铜锌合金,与硫酸形成原电池产生H ２速率加快;反应放热(２分,答出一点给１分,其它合理答案也可给分)①c ңd ңe ңf ңa ңb ңg (１分,不全对不得分)②E 中(硬质玻璃管)黑色粉末变红,H 中(球形干燥管)固体由白色变为蓝色(２分,不全扣１分,其它合理也给分)(３)(２分,其它合理答案也给分)３M g ＋４H ２S O ４(浓) ３M g S O ４＋S ＋４H ２O (２分)２７．(１３分)(１)＋１７５．２k J /m o l ㊀(２分)(２)①BC (２分,不全对扣一分)㊀②＜(１分)㊀＞(１分)㊀６６．７﹪(或２３)(２分)㊀㊀＜(１分)(３)①２N H ３＋N a C l O 一定条件N ２H ４＋N a C l ＋H ２O (２分)②(１４－b ,１４－a )(２分)２８．(１５分)(１)２㊀４K O H１㊀２㊀２(２分, K O H １分,配平１分)㊀加压增大了氧气浓度,使单位理科综合一诊考试题答案第４㊀页(共６页)体积内的活化分子数增加,有效碰撞次数增多,反应速率加快,使M n O ２反应更充分(１分,未答反应速率加快不给分)(２)A l (O H )３㊁H ２S i O ３(２分,各１分)稀盐酸可溶解A l (O H )３,不易控制稀盐酸的用量(１分,答K ２M n O ４与盐酸反应也给分)(３)３M n O ２－４＋４C O ２＋２H ２O M n O ２ˌ＋２M n O －４＋４H C O －３㊀(２分)(４)蒸发结晶(１分)㊀㊀趁热过滤(１分)(５)０．０１８a (２分,列出计算式给１分)(６)①M n O ２－４－e － M n O －４㊀(２分)㊀㊀㊀②O ２(１分)２９．(１０分)(１)自由水是细胞内的良好溶剂,许多生物化学反应需要水的参与,水参与物质运输(２分)(２)酒精㊁水(２分)㊀㊀缺氧时,种子无氧呼吸产生的能量不能满足生命活动所需;无氧呼吸产生的酒精对细胞有毒害作用(４分)(３)适宜的光照㊁C O ２和无机盐(２分)３０．(１０分)(１)内质网和高尔基体(２分)(２)磷脂双分子层内部具有疏水性(２分)㊀㊀协助扩散(２分)(３)将甲组红细胞膜中的蛋白质破坏,乙组红细胞不作处理,然后将两组细胞同时置于蒸馏水中,测定两组细胞吸水胀破所需的时间.乙组吸水胀破所需时间短,说明推测正确.(４分)３１．(９分)(１)各种化学成分和理化性质(２分)(２)糖类可以转化成脂肪储存在体内(２分)㊀㊀胰岛素(１分)(３)胰高血糖素(和神经递质)(２分)㊀㊀血糖浓度低,(脑部神经)细胞供能不足(２分)３２．(１０分)(１)A a B b (２分)㊀㊀５/１２(２分)㊀㊀０(２分)(２)A a B b ㊁A A B b ㊁A a B B (２分)㊀㊀基因重组㊁染色体(数目)变异(２分)(二)选考题３３．[物理选修３－３](１５分)(１)(５分)A C E(２)(１０分)解:(i)设U 型管的横截面积为S 状态一:V １＝２０S ㊁T １＝２７３＋t １＝３００K ㊁p １＝p ０＝７５c mH g 状态二:V ２＝２２．５S ㊁T ２＝２７３＋t ２㊁p ２＝p ０＋ρgΔh １＝８０c mH g (１分)由理想气体状态方程有:p １V １T １＝p ２V ２T ２(２分)解得:t ２＝８７ħ(１分)(i i )设水银密度为ρ,左管的水银恰好全部进入A B 时状态三:V ３＝３０S ㊁p ３理科综合一诊考试题答案第５㊀页(共６页)由波义耳定律有:p １V １＝p ３V ３(１分)A B 段水银柱的质量为:m ＝ρS A B (１分)A B 段水银柱右侧所受压强为:p ᶄ３＝p ０＋ρg Δh ２(１分)由牛顿第二定律有:p ᶄ３S －p ３S ＝m a (１分)Δh ２＝２０c m ㊁A B ＝２０c m解得:a ＝２２．５m /s２,方向水平向左(２分)(其他正确解法,参照给分)３４．[物理选修３－４](１５分)(１)(５分)B C E(２)(１０分)解:(i )光束从O 点垂直A B 面进入棱镜,射到C D 面上,光路如答图３所示由几何关系知入射角ø１＝３０ʎ由:s i n C ＝１n ＝１３(１分)知:C ＞３０ʎ,故有光从C D 面折射出去(１分)由折射定律:s i n ø１s i n ø２＝１n (１分)解得:ø２＝６０ʎ(１分)即最先从棱镜射出的光束的折射角为６０ʎ(i i )当光经C D 面反射后沿E F 射到A B 面时,入射角ø３＝６０ʎ因C ＜６０ʎ,故光在A B 面将发生全反射,此后光垂直于B C 面从G 点射出(１分)设O F 为x ,过F 做C D 的垂线交C D 于H 点则有:H F ＝C G ＝x ,B F ＝O B －x ,B G ＝B C －x在әB G F 中:s i n ３０ʎ＝B GB F 解得:x ＝１０c m(１分)则有:O E ＝x t a n ３０ʎ＝１０３３c m ,E F ＝x c o s ３０ʎ＝２０３３c m ,F G ＝B F c o s ３０ʎ＝１０３c m (１分)又:n ＝cv(１分)t ＝O E ＋E F ＋F G v (１分)解得:t ＝２ˑ１０－９s(１分)(其他正确解法,参照给分)３５．[化学选修３:物质结构与性质](１５分)(１)１(１分)㊀㊀O㊀S ㊀H (１分)(２)①共价键㊁配位键㊁离子键(２分,不全对扣一分,其它合理也可给分)理科综合一诊考试题答案第６㊀页(共６页)(２分)㊀s p ３杂化(１分)②氨分子间存在氢键(１分)(３)金属晶体(１分)㊀基态铁原子的价电子排布式为３d ６４s２,失去３个电子后核外电子呈半充满稳定状态,因此I ４远大于I ３(２分)(４)①A u C u ３(或C u ３Au )㊀(２分)㊀②２－１２３３８９d N A＋５a ˑ１０－１１(２分)３６．[化学选修５:有机化学基础](１５分)(１)２－丙醇(或异丙醇)(２分)㊀㊀H ２O (１分)㊀㊀羧基㊁羟基(２分,各１分)(２)(２分)酯化反应(或取代反应)(１分)(３)４(２分)(４)１．５ˑ１０４(２分)(３分)说明:１．本试卷中其它合理答案,可参照此评分标准酌情给分.２．方程式未写条件或条件不完全㊁不写 ˌ 或 ʏ均扣一分,不配平不得分.３７．[生物选修１:生物技术实践](１５分)(１)碳源(２分)㊀㊀氮源和无机盐(２分)㊀(２)溶化(２分)㊀灭菌(２分)㊀㊀在稀释度足够高的菌液里,聚集在一起的微生物易于分散成单个细胞(３分)(３)用其他碳源替代苯酚(２分)㊀㊀保证甲㊁乙两支试管中的微生物种类是相同的(２分)３８．[生物选修３:现代生物科技专题](１５分)(１)动物细胞培养(２分)㊀㊀动物细胞融合(２分)㊀㊀抗原(１分)㊀㊀(２)能(２分)㊀㊀浆细胞不能增殖,骨髓瘤细胞中的D N A 合成途径被阻断不能增殖,杂交瘤细胞可通过辅助途径合成D N A ,能够增殖(４分)(３)能无限增殖并分泌特异性抗体(２分)㊀㊀人绒毛膜促性腺激素(或H C G )(２分)。

2015年四川省成都市高考物理一诊试卷

2015年四川省成都市高考物理一诊试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.下列说法正确的是（）A.千克、牛顿、库仑均是中学物理中涉及的国际单位制的基本单位B.质点、点电荷、匀速直线运动均属于理想化物理模型C.卡文迪许利用扭秤实验测出了静电力常量D.a=Fm ，E=k Qr2、B=FIL分别是加速度、电场强度、磁感应强度的定义式【答案】B【解析】解：A、牛顿、库仑不是中学物理中涉及的国际单位制的基本单位，故A错误；B、质点、点电荷、匀速直线运动均属于理想化物理模型，故B正确；C、卡文迪许利用扭秤实验测出了万有引力常量，故C错误；D、a=Fm ，E=Fq、B=FIL分别是加速度、电场强度、磁感应强度的定义式，故D错误；故选：B．国际单位制中，基本物理量的单位有：米、秒、千克、安培、开尔文、摩尔、坎德拉．明确理想化模型的概念即可正确解答，注意理想化模型是指从客观存在的事物或过程中抽象出来的一种简单、近似、直观的模型．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2.如图所示，匀强磁场分布在平面直角坐标系的整个第1象限内，磁感应强度为B、方向垂直于纸面向里．一质量为m、电荷量绝对值为q、不计重力的粒子，以某速度从O点沿着与y轴夹角为30°的方向进入磁场，运动到A点时，粒子速度沿x轴正方向．下列判断正确的是（）A.粒子带正电B.运动过程中，粒子的速度不变C.粒子由O到A经历的时间为t=πm3qBD.离开第一象限时，粒子的速度方向与x轴正方向的夹角为30°【答案】C【解析】解：A、根据题意作出粒子运动的轨迹如图所示，根据左手定则判断知，此粒子带负电，故A错误；B、粒子在磁场中做匀速圆周运动，速度大小不变，但方向改变，所以速度是变化的，故B错误．C、粒子由O运动到A时速度方向改变了60°角，所以粒子轨迹对应的圆心角为θ=60°，则粒子由O到A运动的时间为t =θ360T=60°360°⋅2πm qB =πm 3qB ，故C 正确； D 、粒子在O 点时速度与x 轴正方向的夹角为60°，x 轴是直线，根据圆的对称性可知，离开第一象限时，粒子的速度方向与x 轴正方向的夹角为60°，故D 错误；故选：C ．先根据题意作出粒子运动的轨迹，找出圆心，确定圆心角，根据左手定则及曲线运动的条件判断粒子的正负，根据圆心角与周期的关系求出运动的时间，速度的大小没有变化，但速度的方向改变了，速度是变化的．根据圆的对称性分析粒子离开第一象限时速度与x 轴的夹角．本题是带电粒子在磁场中运动的问题，要求同学们能运用几何知识画出粒子运动的轨迹，关键定圆心和半径．会根据圆心角与周期的关系求出运动的时间，掌握关系式：t =θ2πT ．3.图甲所示的“轨道康复者”航天器可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命．图乙是“轨道康复者”在某次拯救一颗地球同步卫星前，二者在同一平面内沿相同绕行方向绕地球做匀速圆周运动的示意图，此时二者的连线通过地心、轨道半径之比为1：4．若不考虑卫星与“轨道康复者”之间的引力，则下列说法正确的是（）A.在图示轨道上，“轨道康复者”的速度大于7.9km /sB.在图示轨道上，“轨道康复者”的加速度大小是地球同步卫星的4倍C.在图示轨道上，“轨道康复者”的周期为3h ，且从图示位置开始经1.5h 与同步卫星的距离最近D.若要对该同步卫星实施拯救，“轨道康复者”应从图示轨道上加速，然后与同步卫星对接【答案】D【解析】解：A 、图示轨道略高于近地轨道，由G mMr 2=m v 2r 可得v =√GMr ，r 越大，v 越小，故“轨道康复者”的速度小于近地卫星的速度，即小于7.9km /s ；故A 错误；B 、由GmM r 2=ma ，在图示轨道上，“轨道康复者”与地球同步卫星加速度之比为a 1a 2=r 22r 12=161；故B 错误；C 、“轨道康复者”的周期为3h ，且从图示位置开始经1.5h ，“轨道康复者”转半圈，而同步卫星转116圈，此时并不在最近点，故C 错误；D 、“轨道康复者”应从图示轨道上加速后，轨道半径增大，与同步卫星轨道相交，则可进行对接，故D 正确；故选：D利用第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，以及卫星速度近大远小规律分析A 项；利用加速度和周期公式分析BC 两项物理量大小关系；利用卫星最近时角度及圈数关系分析二者远近；卫星对接则使用卫星变轨的原理分析本题考查卫星的基本规律，涉及内容广泛，考查全面，难点在于卫星的“相遇”问题，如果作示意图会更好理解一些．4.如图所示，质量均为m 的木块A 和B ，用劲度系数为k 的轻质弹簧连接，最初系统静止．现用大小F=2mg 、方向竖直向上的恒力拉A直到B ，刚好离开地面，则在此过程中（）A.A 上升的初始加速度大小为2gB.弹簧对A 和对B 的弹力是一对作用力与反作用力C.A 上升的最大高度为mg kD.A 上升的速度先增大后减少【答案】A【解析】解：A 未加力F 时，受力平衡，此时弹簧压缩量为x 1，有平衡得：mg =kx 1 ①B 刚好离开地面时弹簧的伸长量为x 2，有平衡得：mg =kx 2 ②A 、A 上升的初受重力，弹簧弹力和拉力，由牛顿第二定律得加速度大小为：a =F+kx 1−mgm =2mg+mg−mgm =2g ，故A 正确；B 、作用力和反作用力是物体之间的相互作用力，弹簧对A 和对B 的弹力存在三个物体之间，故B 错误；C 、由上面分析可得物块A 上升的最大高度为：x =x 1+x 2=mgk +mgk =2mgk ，故C 错误；D 、A 上升过程弹簧压缩量先减小，此时合力向上减小，做加速度减小的加速运动，后弹簧被拉长，伸长量增加，弹力增大．合力仍向上且减小，所以物体继续加速上升，整个过程速度一直增大，故D 错误；故选：A对A 分别在加力F 前后受力分析，利用平衡和牛顿第二定律求解，对B 受力分析利用平衡列式求解即可．本题是含有弹簧的平衡问题，关键是分析两个状态弹簧的伸缩量和弹力，再由几何关系研究A 上升距离与弹簧形变量的关系．5.如图所示的电路中，开关K 闭合．在开关S 接a 且电路稳定后，电流表A 1、A 2和电压表V 的示数分别为I 1a ，I 2a 和U a ，电源的输出功率为P 1，平行金属板所带电荷量为Q 1；这时让带电微粒从P 点水平射入平行板间，恰能沿图示水平直线射出．若把平行板的上板向上移动少许，且S 接b ，当电路稳定后，A 1、A 2和V 表的示数分别为I 1b ，I 2b 和U b ，电源的输出功率为P 2，平行板所带电荷量为Q ；粒子仍从P 点水平射入．则下列判断正确的是（）A.I 1a =I 1b ，I 2a =I 2b ≠0，U a ＞U bB.Q 1＜Q 2C.P 1＞P 2D.该粒子带负电，且第二次从P 射入后，有可能打在下极板上【答案】D【解析】解：A 、通过电流表A 1的电流I 1=E2R+r ，与开关S 接在a 还是b 无关，电路稳定后，平行金属板既不充电也不放电，电流表A2的示数为零，电压表示数U=I1R，I1不变，则U也不变，故A错误；B、平行板所带电荷量Q=CU，由C=ɛS可知，C1＞C2，根据电路图可知，S接a时4πkd电容器两端的电压大于接b时两端的电压，即U1＞U2，所以Q1＞Q2，故B错误；C、开关S接在a还是b对电路没有影响，所以电源的输出功率不变，故C错误；D、第一次射入粒子，恰能沿水平直线射出，说明粒子受力是平衡的，即电场力向上，而上极板带正电，所以粒子带负电；第二次射入粒子时，极板间的电压减小了，间距变大了，电场强度减小，所以粒子受到的电场力减小，所以有可能打到下极板上，故D正确．故选：D．电容器接在电路中相当于断路，对电路没有影响，所以开关S接在a还是b，电流表A1的示数不变，电路稳定后，平行金属板既不充电也不放电，电流表A2的示数为零，判断C的变化，根据电路判断电压变化，从而判平行板所带电荷量Q=CU，由C=ɛS4πkd断平行板所带电荷量的变化，第二次射入粒子时，极板间的电压减小了，间距变大了，电场强度减小，则粒子受到的电场力减小，根据受力情况判断粒子能否打在下极板上．本题考查闭合电路欧姆定律中的含容电路，要明确电容的性质，知道电容器接在电路中相当于断路，电容器两端的电压等于与之并联的电阻两端的电压，难度适中．二、多选题(本大题共2小题，共12.0分)6.如图是小丽自制的电流表原理图，质量为m的均匀细金属杆MN与一竖起悬挂的绝缘轻弹簧相连，弹簧劲度系数为k，在边长为ab=L1，bc=L2的矩形区域abcd内均有匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向外．MN的右端连接一绝缘轻指针，可指示出标尺上的刻度，MN的长度大于ab，当MN中没有电流通过且处于静止时，MN与ab边重合，且指针指在标尺的零刻度；设MN中有电流时，指针示数表示电流大小．MN始终在纸面内且保持水平，重力加速度为g，则（）A.要使电流表正常工作，金属杆中的电流方向应从M至NB.当该电流表的示数为零时，弹簧的伸长量为零C.该电流表的量程是I M=kL2BL1D.该电流表的刻度在0-I m在范围内是不均匀的【答案】AC【解析】解：A、要使电流表正常工作，金属杆应向下移动，所受的安培力应向下，由左手定则知金属杆中的电流方向应从M至N，故A正确．B、当该电流表的示数为零时，MN与ab边重合，弹簧的弹力与杆的重力平衡，弹簧处于伸长状态，故B错误．CD、设当电流表示数为零时，弹簧的伸长量为x0，由平衡条件得：mg=k•x0；解得：x0=mgk当电流为I时，安培力为：F A=BIL1；静止时弹簧伸长量的增加量为x，根据胡克定律△F=k△x，得：△x=F Ak =BIL1k∝I故该电流表的刻度是均匀；当△x=L2时，I=I m，则有BI m L1=k L2，得I m=kL2BL1，故C正确，D错误．故选：AC．电流表正常工作，金属杆向下移动，根据左手定则判断电流的方向．该电流表的示数为零时，弹簧的弹力与重力平衡．求出当金属棒到达cd位置时导线中的电流，然后求出电流表的量程．根据电流与弹簧伸长量的关系分析刻度是否均匀．本题题意新颖，考查点巧妙，借助生活中的实际器材考查了物体平衡问题，正确进行受力分析，然后根据平衡条件和胡克定律列方程是解题关键．7.如图甲所示，绝缘轻质细绳一端固定在方向相互垂直的匀强电场和匀强磁场中的O点，另一端连接带正电的小球，小球电荷量q=6×10-7C，在图示坐标中，电场方向沿竖直方向，坐标原点O的电势为零．当小球以2m/s的速率绕O点在竖直平面内做匀速圆周运动时，细绳上的拉力刚好为零．在小球从最低点运动到最高点的过程中，轨迹上每点的电势φ随纵坐标y的变化关系如图乙所示，重力加速度g=10m/s2．则下列判断正确的是（）A.匀强电场的场强大小为3.2×106v/mB.小球重力势能增加最多的过程中，电势能减少了0.024JC.小球做顺时针方向的匀速圆周运动D.小球所受的洛伦兹力的大小为0.03N【答案】BD【解析】解：A、据题意和乙图可知，E=φR =200000.4V/m=5×104V/m，故A错误；B、据题意可知，小球所受的电场力等于重力，洛伦兹力提供向心力，所以小球重力势能增加最多，电势能减少最多，大小为：2qφ=2×6×10-7×20000J=0.024J，故B正确；C、以上分析可知，由洛伦兹力提供向心力，据左手定则可知，小球做逆时针运动，故C错误；D、以上可知：mg=E q，f=qv B，联立以上解得：f=0.03N，故D正确．故选：BD．首先据题境知道小球的受力情况，即重力等于电场力，洛伦兹力提供向心力；再利用匀强电场的特性和乙图求出场强；利用能量守恒和电势能的关系判断电势能的减少即可．本题感觉较难，但读懂题意，把小球的受力情况和特点挖掘出来，此题就会迎刃而解；还需注意利用乙图求场强，能量守恒求电势能的减小．三、实验题探究题(本大题共1小题，共6.0分)8.为了较准确的测量某细线能承受的最大拉力，小聪、小明分别进行了如下实验小聪在实验室里找到一把弹簧测力计，按图甲所示安装细线和测力计后，他用力缓慢竖直向下拉测力计，直到测力计的示数达到量程（细线没有断裂），读出测力计的示数F，将F记为细线能承受的最大拉力．小明在实验室里还找到一把刻度尺和一个玩具小熊，接着进行了如下的操作：①用刻度尺测出细线的长度L，用弹簧测力计测出玩具小熊的重力G；②按图乙所示安装玩具小熊、细线（玩具小熊悬挂在细线的中点）；③两手捏着细线缓慢向两边移动直到细线断裂，读出此时两手间的水平距离d；④利用平衡条件算出结果．在不计细线质量和伸长影响的情况下，请回答：（1）小明算出的细线能承受的最大拉力是______ （用L、G、d表示）；两位同学中______ （选填“小聪”或“小明”）的测量结果较准确．（2）在小明两手捏着细线缓慢向两边移动的上述过程中，下列说法正确的是______ （填选项序号字母）．A．细线上的拉力大小不变B．细线上的拉力大小减小C．细线上拉力的合力大小不变D．细线上拉力的合力大小增大．【答案】；小明；C2√L2−d2【解析】解：（1）当绳子断时，根据共点力平衡求出绳子的最大拉力．绳子与竖直方向夹角的正弦值sinθ=d，L，则cosθ=√L2−d2L根据平衡有：2F cosθ=G，．解得最大拉力F=GL2√L2−d2小聪方案中钩码只能一个一个加，使得测量的棉线拉力不连续，造成测量的不准确，所以小明的测量结果较准确．（2）在小明两手捏着细线缓慢向两边移动的上述过程中，根据共点力平衡得出细线上拉力的合力大小不变，大小等于物体重力，细线上的拉力大小增大，故C正确，ABD错误；故选：C．；小明；故答案为：（1）2√L2−d2（2）C两种方案都是根据共点力平衡求解绳子的最大拉力，从而操作的可行性进行判断哪种方案最好．根据共点力平衡得细线上最大承受的拉力在竖直方向合力和物体重力相等，根据三角函数关系求出最大拉力．本题考查了学生的设计和实验的能力，可以提高学生动手和思考、解决问题的能力，关键知道实验的原理，通过共点力平衡进行分析．四、填空题(本大题共1小题，共11.0分)9.小华、小刚共同设计了图甲所示的实验电路，电路中的各个器材元件的参数为：电池组（电动势约6V ，内阻r 约3Ω）、电流表（量程2.0A ，内阻r A =0.8Ω）、电阻箱R ，（0～99.9Ω）、滑动变阻器R 2（0～R t ）、开关三个及导线若干．他们认为该电路可以用来测电源的电动势、内阻和R 2接入电路的阻值．（1）小华先利用该电路准确地测出了R 2接入电路的阻值．他的主要操作步骤是：先将滑动变阻器滑片调到某位置，接着闭合S 2、S ，断开S 1，读出电流表的示数I ；再闭合S 、S l ，断开S 2，调节电阻箱的电阻值为3.6Ω时，电流表的示数也为I ．此时滑动变阻器接入电路的阻值为 ______ Ω．（2）小刚接着利用该电路测出了电源电动势和内电阻．①他的实验步骤为：a ．在闭合开关前，调节电阻R 1或R 2至 ______ （选填“最大值”或“最小值”），之后闭合开关S ，再闭合 ______ （选填“S 1”或“S 2”）；b ．调节电阻 ______ （选填“R 1”或“R 2”），得到一系列电阻值R 和电流I 的数据；c ．断开开关，整理实验仪器． ②图乙是他根据实验数据绘出的1I -R 图象，图象纵轴截距与电源电动势的乘积代表 ______ ，电源电动势E ______ V ，内阻r ______ Ω．（计算结果保留两位有效数字）．【答案】3.6；最大值；S 1；R 1；R A 与r 之和；=6；=2.8【解析】解：（1）用等值替代法可测出R 2接入电路的阻值，电阻箱的示数等于接入电路的阻值为3.6Ω（2）要用电阻箱与电流表结合测量电动势与内阻，则要改变电阻箱的值，则 a ．在闭合开关前，调节电阻R 1或R 2至最大值，之后闭合开关S ，再闭合S 1． b ．调节电阻R 1得到一系列电阻值R 和电流I 的数据；（3）由闭合电路欧姆定律可得：E=I （R+R A +r ），即：1I =R E +R A +r E ；由上式可知：图线的斜率是电动势的倒数，图象的斜率为1E =16，可得E=6V图线在纵轴上的截距是R A +rE =0.60 可得；r =2.8Ω；故答案为：（1）3.6欧、（2）①最大值、S 1、R 1、②R A 与r 之和、6.0 2.8（1）由电路的结构可知测出了R 2接入电路的阻值用的是等值替代法．（2）实验中采用的是电阻箱和电流表的方式测定电动势和内电阻；根据实验的原理可知应采用的方式；（3）分析电流与电阻的关系，由闭合电路欧姆定律可得出符合本实验的公式，再结合图象的性质利用函数关系即可求得电动势和内电阻．解答本题的关键在于明确等电阻替代法测电阻，注意能正确根据题意列出对应的函数关系，才能准确得出结果．五、计算题(本大题共3小题，共51.0分)10.我国拥有航空母舰后，舰载机的起飞与降落等问题受到了广泛关注，2012年11月23日，舰载机歼-15首降“辽宁舰”获得成功，随后舰载机又通过滑跃式起飞成功．某兴趣小组通过查阅资料对舰载机滑跃起飞过程进行了如下的简化模拟：假设起飞时“航母”静止，分机质量视为不变并可看成质点，“航母”起飞跑道由图示的两段轨道组成（二者平滑连接，不计拐角处的长度），其水平轨道长AB=L，水平轨道与斜面轨道末端c的高度差为h，一架歼-15飞机的总质量为m，在c 端的起飞速度至少为v，若某次起飞训练中，歼-15从A点由静止启动，飞机发动机的推动力大小恒为0.6mg，方向与速度方向相同，飞机受到空气和轨道平均阻力的合力大小恒为0.1mg，重力加速度为g，求：（1）飞机在水平轨道AB上运动的时间．（2）在水平轨道末端B，发动机的推力功率．（3）要保证飞机正常起飞，斜面轨道的长度满足的条件．（结果用m、g、L、hv表示）【答案】解：（1）飞机在水平轨道AB上有：F-f=ma得：a=0.5g根据位移公式：L=12at2得：t=√2L0.5g =2√Lg（2）在B点的速度为：v B=at=√gL则发动机的推动功率：P=F v=0.6mg√gL（3）在BC轨道上，根据牛顿第二定律：F-mgsinθ-f=ma′得：a′=0.5g-gℎx根据位移公式：v2-v B2=2a′x得：x=v 2g+2h-L答：（1）飞机在水平轨道AB上运动的时间为2√Lg．（2）在水平轨道末端B，发动机的推力功率0.6mg√gL．（3）要保证飞机正常起飞，斜面轨道的长度满足的条件x≥v 2g+2h-L．【解析】根据牛顿第二定律求出AB过程的加速度，根据位移公式求出AB的运动时间；根据速度时间公式求出B点的速度，根据P=F v求出发动机的推力功率；根据牛顿第二定律求出BC上的加速度大小，根据位移公式求出BC长度的条件．点评：本题考查了牛顿第二定律、运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．11.如图甲所示，带斜面的足够长木板P，质量M=3kg．静止在水平地面上，其右侧靠竖直墙壁，倾斜面BC与水平面AB的夹角θ=37°．两者平滑对接．t=0s时，质量m=1kg、可视为质点的滑块Q从顶点C由静止开始下滑．图乙所示为Q在0～6s内的速率v随时间t变化的部分图线．已知P与Q间的动摩擦因数是P与地面间的动摩擦因数的5倍，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2．求：（1）木板P与地面间的动摩擦因数；（2）t=8s时，木板P与滑块Q的速度大小；（3）0～8s内，滑块Q与木板P之间因摩擦而产生的热量．【答案】解：（1）0～2s内，P因墙壁存在而不动，Q沿BC下滑，2s末的速度为v1=9.6m/s．设P、Q间动摩擦因数为μ1，P与地面间的动摩擦因数为μ2，对Q：由图象有a1=v1t1=9.62=4.8m/s2由牛顿第二定律有mgsin37°-μ1mgcos37°=ma1联立求解得μ1=0.15，则μ2=15μ1=0.03（2）2s后，Q滑到AB上，因μ1mg＞μ2（m+M）g故P、Q相对滑动，且Q减速、P加速．设加速度大小分别为a2和a3，Q从B滑到AB上到P、Q共速所用的时间为t0，对Q有：μ1mg=ma2对P有：μ1mg-μ2（m+M）g=M a3共速时v1-a2t0=a3t0分别求解得a2=1.5m/s2，a3=0.1m/s2，t0=6s，故在t=8s时，P、Q的速度大小恰相同，v P=v Q=a3t0=0.1×6=0.6m/s（3）0～2s内，据图象“面积”的含义，Q在BC上发生的位移x1=12×2×9.6=9.6m×(v1+v Q)t0=30.6m2～8s内，Q发生的位移x2=12P发生的位移x3=1v P t0=1.8m20～8s内，Q与木板P之间因摩擦而产生的热量△Q=μ1mgx1cos37°+μ1mg（x2-x3）代入数据解得△Q=54.72J答：（1）木板P与地面间的动摩擦因数为0.03；（2）t=8s时，木板P与滑块Q的速度大小都为0.6m/s；（3）0～8s内，滑块Q与木板P之间因摩擦而产生的热量为54.72J．【解析】根据乙图可知，0-2s内物体做匀加速直线运动，2-6s内做匀减速直线运动，所以0-2s 内在斜面上下滑，2-6s内在水平面上滑行，根据v-t图象求出加速度，再根据牛顿第二定律求出动摩擦力因数，进而求出木板P与地面间的动摩擦因数；分别对Q和P运用牛顿第二定律及运动学基本公式求解t=8s时，木板P与滑块Q的速度大小，根据图象与坐标轴围成的面积求解位移，根据运动学基本公式求出P、Q运动的位移，从而根据摩擦力做功公式求出8s产生的热量．本题抓哟考查了匀变速直线运动及其公式、图象牛顿运动定律、牛顿定律的应用，要求同学们能正确分析物体的运动情况，能根据图象求解加速度和位移，难度较大．12.如图所示，带正电的绝缘小滑块A，被长R=0.4m的绝缘细绳竖直悬挂，悬点O距水平地面的高度为3R；小滑块B不带电．位于O点正下方的地面上．长L=2R的绝缘水平传送带上表面距地面的高度h=2R，其左端与O点在同一竖直线上，右端的右侧空间有方向竖直向下的匀强电场．在．点与传送带之间有位置可调的固定钉子（图中未画出），当把A拉到水平位置由静止释放后，因钉子阻挡，细绳总会断裂，使得A能滑上传送带继续运动，若传送带逆时针匀速转动，A刚好能运动到传送带的右端．已知绝缘细绳能承受的最大拉力是A重力的5倍，A所受电场力大小与重力相等，重力加速度g=10m/s2，A、B均可视为质点，皮带传动轮半径很小，A不会因绳断裂而损失能量、也不会因摩擦而损失电荷量．试求：（1）钉子距O点的距离的范围．（2）若传送带以速度v0=5m/s顺时针匀速转动，在A刚滑到传送带上时，B从静止开始向右做匀加速直线运动，当A刚落地时，B恰与A相碰．试求B做匀加速运动的加速度大小（结果可用根式表示）【答案】mv12解：（1）物体A运动最低点的过程中因机械能守恒，由mgR=12v1=√2gR=√2×0.4×10m/s=2√2m/sA到最低点，绳子被挡住，有T-mg=mv12r当T=T m=5mg，解得r=R2=0.2m故钉子距O点的距离范围是0.4m＞x＞0.2m（2）在A运动到传送带右端的过程中，因钉子挡绳不损失能量，由动能定理mg R-μmg L=0解得μ=0.5因v0=5m/s＞v1，所以A在传送带上将做加速运动，假设A一直加速，到右端的速度为v2，由动能定理μmgL=12mv22−12mv12解得v2=4m/s，假设成立，故物体做平抛运动，对A设在传送带上运动时间为t1，类平抛运动时间为t2，由运动学公式传送带上L=v1+v22t1类平抛运动l=v2t2h=12at22q E+mg=ma联立解得t1=0.4(2−√2)s，t2=0.2√2s l=0.8√2m对B设匀加过程的加速度大小为a′x=L+l=12a′(t1+t2)2解得a′=√2)9−422=340+260√249m/s2答：（1）钉子距O点的距离的范围为0.4m＞x＞0.2m（2）B做匀加速运动的加速度大小为340+260√249m/s2【解析】（1）物体A运动最低点的过程中因机械能守恒求的最低点的速度，由牛顿第二定律求的半径最大值即可；（2）在A运动到传送带右端的过程中，因钉子挡绳不损失能量，有动能定理求得摩擦因数，在传送带上根据动能定理求的最有短的速度，由运动学公式求的时间，对B物体由运动学公式即可求得加速度本题主要考查了动能定理和运动学公式，抓住A物体运动的时间与B物体运动的时间相同，位移相同即可求解高中物理试卷第11页，共11页。

四川省成都市高三物理摸底(零诊)考试试题

四川省成都市2015届高三摸底（零诊）考试物理试题本试卷分选择题和非选择题两部分。

第I卷（选择题），第Ⅱ卷（非选择题），满分100分，考试时间100分钟。

注意事项：1答题前，务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡规定的位置上。

2答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的譬案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再造涂其它答案标号。

3答非选择题时，必须使用0 5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上。

4所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。

5考试结束后，只将答题卡交回。

第I卷（选择题，共42分）一、本题包括6小题，每小题3分，共18分。

每小题只有一个选项符合题意。

1关于物理学史，下列说法正确的是A奥斯特发现了电磁感应现象B麦克斯韦提出了狭义相对论C赫兹首次用实验证实了电磁波的存在射线拍摄了首张人体骨骼照片D伦琴利用2关于光现象，下列说法正确的是A水面上的油膜呈现彩色，这是光的干涉现象B一束白光通过三棱镜后形成彩色光带，这是光的全反射现象C．用光导纤维传播信号，利用了光的衍射D用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度，利用了光的偏振3下列说法正确的是A穿过线圈的磁通量变化越大，线圈上产生的感应电动势越大B通过线圈的电流变化越快，线圈的自感系数越大C．电场总是由变化的磁场产生的D．真空中的光速在任何惯性系中测得的数值都相同4做简谐运动的弹簧振子，每次通过平衡位置与最大位移处之间的某点时，下列哪组物理量完全相同A回复力、加速度、速度B回复力、加速度、动能C回复力、速度、弹性势能D加速度、速度、机械能5如图所示．L1和L2是输电线，甲、乙是两个互感器，通过观测接在甲、乙中的电表读数，可以间接得到输电线两端电压和通过输电线的电流。

若已知图中n1：n2=100：1，n3：n4=1：10,V表示散为220V，A表示数为l．0A，则下列判断正确的是A甲是电压互感器，输电线两端电压是2 2×104VB乙是电压互感器，输电线两端电压是2 2×103 vC甲是电流互感器，通过输电线的电流是100 AD乙是电流互感器，通过输电线的电流是0．1A6图为学校自备发电机在停电时为教学楼教室输电的示意图，发电机输出电压恒为220 V，发电机到教学楼的输电线电阻用图中r等效替代。

四川省成都市2015届高三第一次诊断试题物理 Word版含答案

成都市2015届高中毕业班第一次诊断性检测理科综合物理部分理科综合共300分，考试用时150分钟。

1．物理试卷分为第1卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，第1卷1至2页，第Ⅱ卷3至5页，共110分。

2．答卷前，考生务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡上；并在规定位置粘贴考试用条形码。

答卷时，考生务必将答案涂写在答题卡上，答在试卷上的无效。

考试结束后，只将答题卡交回。

第1卷注意事项：1．每题选出答案后，用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

2．本卷共7题，每题6分，共42分。

每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．下列说法正确的是A千克、牛顿、库仑均是中学物理中涉及的国际单位制的基本单位B质点、点电荷、匀速直线运动均属于理想化物理模型C卡文迪许利用扭秤实验测出了静电力常量D 分别是加速度、电场强度、磁感应强度的定义式2．如图所示，匀强磁场分布在平面直角坐标系的整个第1象限内，磁感应强度为B、方向垂直于纸面向里。

一质量为m、电荷量绝对值为q、不计重力的粒子，以某速度从O点沿着与，轴夹角为30。

的方向进入磁场，运动到A点时，粒子速度沿z轴正方向。

下列判断正确的是A粒子带正电B运动过程中，粒子的速度不变c粒子由。

到A经历的时间为D离开第豫限时，粒子的速度方向与z轴正方向的夹角为30~3．图甲所示的“轨道康复者”航天器可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命。

图乙是“轨道康复者”在某次拯救一颗地球同步卫星前，二者在同一平面内沿相同绕行方向绕地球做匀速圆周运动的示意图，此时二者的连线通过地心、轨道半径之比为1：4。

若不考虑卫星与“轨道康复者”之间的引力，则下列说法正确的是A．在图示轨道上，“轨道康复者”的速度大于7．9 km／sB在图示轨道上，“轨道康复者”的加速度大小是地球同步卫星的4倍c．在图示轨道上，“轨道康复者”的周期为3 h，且从图示位置开始经1．5 h与同步卫星的距离最近D若要对该同步卫星实施拯救，“轨道康复者”应从图示轨道上加速，然后与同步卫星对接4．如图所示，质量均为m的木块A和B，用劲度系数为^的轻质弹簧连接，最初系统静止。

四川省成都市2015届高三第一次一诊模拟检测物理试题(解析版)

摩西考前（二）物理部分总分110分时间60分钟物理试题卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）。

第I卷（选择题共42分）一、选择题第1卷共7题，每题6分。

每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．在物理学发展史上，伽利略、牛顿等许许多多科学家为物理学的发展做出了巨大贡献。

以下选项中符合伽利略和牛顿的观点的是( )A．人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方B．两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受力越大则速度就越大C．两物体从同一高度做自由落体运动，较轻的物体下落较慢D．一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来，这说明：静止状态才是物体不受力时的“自然状态”。

2．在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器的滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是（）A．灯泡L变亮B．电源的输出功率变大C．电容器C上的电荷量减少D．电流表读数变小，电压表读数变大3．一颗科学资源探测卫星的圆轨道经过地球两极上空，运动周期为T=1.5h，某时刻卫星经过赤道上A城市上空。

已知：地球自转周期T0，地球同步卫星轨道半径r，万有引力常量为G，根据上述条件（）A. 可以计算地球的球半径B. 可以计算地球的质量C. 可以计算地球表面的重力加速度D. 可以断定，再经过12h卫星第二次到达A城市上空4．一物体从地面由静止开始运动，取地面的重力势能为零，运动过程中重力对物体做功W1，阻力对物体做功W2，其它力对物体做功W3，则该过程终态时（）A．物体的动能为W1＋W2B．物体的重力势能为W1C ．物体的机械能为W 2 ＋W 3D ．物体的机械能为W 1 ＋W 2 ＋W 35. 1922年英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、同位素和质谱仪的研究荣获了诺贝尔化学奖。

若一束粒子（不计重力）由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图所示，则下列说法正确的是（）A ．该束带电粒子带负电B ．速度选择器的上极板带负电C ．在磁场B 2中运动半径越大的粒子，质量越大D ．在磁场B 2中运动半径越大的粒子，比荷q/m 越小6. 右下图所示为一电流表的原理示意图。

成都市届零诊年级高中毕业班摸底测试物理试题及答案

成都市届零诊年级高中毕业班摸底测试物理试题及答案The final edition was revised on December 14th, 2020.四川省成都市2015届高三摸底（零诊）考试物理试题第I卷（选择题，共42分）一、本题包括6小题，每小题3分，共18分。

每小题只有一个选项符合题意。

1关于物理学史，下列说法正确的是A奥斯特发现了电磁感应现象B麦克斯韦提出了狭义相对论C赫兹首次用实验证实了电磁波的存在D伦琴利用射线拍摄了首张人体骨骼照片2关于光现象，下列说法正确的是A水面上的油膜呈现彩色，这是光的干涉现象B一束白光通过三棱镜后形成彩色光带，这是光的全反射现象C．用光导纤维传播信号，利用了光的衍射D用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度，利用了光的偏振3下列说法正确的是A穿过线圈的磁通量变化越大，线圈上产生的感应电动势越大B通过线圈的电流变化越快，线圈的自感系数越大C．电场总是由变化的磁场产生的D．真空中的光速在任何惯性系中测得的数值都相同4做简谐运动的弹簧振子，每次通过平衡位置与最大位移处之间的某点时，下列哪组物理量完全相同A回复力、加速度、速度B回复力、加速度、动能C回复力、速度、弹性势能D加速度、速度、机械能5如图所示．L1和L2是输电线，甲、乙是两个互感器，通过观测接在甲、乙中的电表读数，可以间接得到输电线两端电压和通过输电线的电流。

若已知图中n1：n 2=100：1，n3：n4=1：10,V表示散为220V，A表示数为l．0A，则下列判断正确的是A甲是电压互感器，输电线两端电压是2 2×104VB乙是电压互感器，输电线两端电压是2 2×103 vC甲是电流互感器，通过输电线的电流是100 AD乙是电流互感器，通过输电线的电流是0．1A6图为学校自备发电机在停电时为教学楼教室输电的示意图，发电机输出电压恒为220 V，发电机到教学楼的输电线电阻用图中r等效替代。

四川省成都七中高三12月一诊模拟——物理物理

四川省成都七中2015届高三12月一诊模拟考试物理试题满分110 分注项事项：1．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的考号、考试科目用2B 铅笔和姓名用02mm的黑色签字笔填写在答题卡规定的地方。

2．答第Ⅰ卷时，每小题选出答案后．用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，其它所有试题的答案用0.2rnm的黑色签字笔填写在答题卡规定的地方。

第Ⅰ卷选择题（满分42分）一、选择题（本题包括7小题．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选借的得0分）l、下列说法正确的是（）A．电流强度是基木物理量，其单位安培（A）是国际单位制的基木单位B．质子、中子和α粒子都能在回旋加速器中波加速，从而获得较高的能量C．在某些磁场中，洛仑兹力可以对运动电荷做功D．电场、电场线、磁场、磁感线都是客观存在的物质2、某学校教室里的竖直磁性黑板上通常枯挂一些小磁铁，小磁铁被吸在黑板上可以用于“贴”挂图或试题答案．对贴在竖直黑板上、未挂重物的小磁铁，下列说法中正确的是（）A．磁铁受到的电磁吸引力大于受到的弹力，才能被吸在黑板上B．磁铁受到的重力小于受到的摩擦力，才能被吸在黑板上C．磁铁与黑板间存在三对作用力与反作用力D．磁铁受到的电磁吸引力与黑板受到的压力是一对平衡力3、如图，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M和2M 的行星做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A．甲的向心加速度比乙的大B．甲的运行周期比乙的大C．甲的角速度大小等于乙的角速度D．甲的线速度比乙的大4、如图所示．物块A放在倾斜的木板上，已知木板的倾角α分别为30°，和37°(sin37°＝0.6, cos37°=0.8)时物块所受摩擦力的大小恰好相同，则物块和木板间的动摩擦因数为（）A．0.6B．0.625C．0.75D．0.85、甲、乙两物体在t = 0时刻经过同一位置沿x轴运动，其v一t图像如图所示，则( )A．甲、乙在t＝2.5s时的加速度方向相同B．甲、乙在t＝0.5s时的加速度大小相同C．在t＝0到t＝7s之间．乙的加速度改变了3次D．甲乙之间的距离一直在增大6、如图（甲）所示，质量为m的滑块以一定初速度滑上倾角为θ的固定斜而，同时施加沿斜面向上的恒力F＝mg sinθ。