江西省萍乡市2019-2020学年中考物理二月模拟试卷含解析

江西省萍乡市2019-2020学年中考物理二月模拟试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．下列物理知识正确的是
A．按能源的产生方式可分为一次能源和二次能源，煤和天然气属于二次能源
B．核反应堆出现核泄漏或原子弹爆炸时，放射性物质的辐射会对人体造成严重伤害
C．核废料没有很强的放射性，当前的处理方法是直接与普通垃圾一起处理
D．核能便于传递和输送，是人们现如今利用最广泛的能量
B
【解析】
【详解】
A．必须通过一次能源的消耗才可以得到的能源叫二次能源，煤和天然气是化石能源，可以从自然界直接获得，属于一次能源，故A错误；
B．放射性物质以波或微粒形式发射出一种能量叫核辐射，核反应堆出现核泄漏或原子弹爆炸时，放射性物质可通过呼吸吸入，皮肤伤口及消化道吸收进入体内，造成伤害，故B正确；
C．核废料有很强的放射性，应当采用特殊的方法处理，不能和普通垃圾一起处理，故C错误；
D．核能发生装置非常严格，不允许有泄漏，不便于传递和输送，不是人们现如今利用最广泛的能量，故D错误．
2．铁山位于县城东南二十公里处，是青泥山脉最高峰，海拔1746米，地处古蜀道要津，为微县南境屏障。

远远望去，山顶云雾缭绕，显得神秘而美丽，关于云雾的形成，下列说法正确的是
A．是从山中冒出的烟
B．是水蒸气遇冷液化形成的小水珠
C．是从山中蒸发出来的水蒸气
D．是水蒸气凝华成的小水珠
B
【解析】
【详解】
雾是液态小水滴，由于山顶的温度较低，水蒸气遇冷液化成小水滴，浮在空气中，形成雾，故ACD错误，B正确。

3．下图中对应的标注，正确的是
A．漂浮在水面上的小球受到的浮力
B．光从玻璃入射到空气中
C．通电螺线管周围的小磁针
D．人看到树木在水中的倒影
C
【解析】
【详解】
A．漂浮在水面上的小球受到的浮力方向竖直向上，故A错误；
B．光从玻璃入射到空气中折射角大于入射角，折射光线向远离法线方向偏折，故B错误；
C．由安培定则可知通电螺线管左端为N极，右端为S极，磁感线由N到S可知，放到其上端小磁针方向左端为S极，右端为N极，故C正确；
D．人看到树木在水中的倒影由光的反射形成，故D错误．
4．下列说法中正确的是
A．猎豹的速度为1.8km/min，雨燕的速度为50m/s，猎豹运动更快
B．受油机在空中加油时，必须和加油机保持相对静止
C．箭离开弓弦后，能飞行相当远的距离，是因为箭还受到向前的动力
D．卫星绕地球做匀速圆周运动，是因为卫星受到平衡力的作用
B
【解析】
【详解】
根据题意知道，猎豹的速度是1.8km/min=1.8×1000m/60s=30m/s，雨燕的速度是50m/s，所以雨燕速度更快，故A错误；空中加油时，受油机和加油机的运动方向必须相同，运动速度的大小必须相等，即两者之间的相对位置才不变，彼此相对静止，故B正确；箭离开弓弦后，不是受到向前的动力，而是由于惯性才继续飞行相当远距离的，故C错误；卫星绕地球做匀速圆周运动，运动方向不断改变，所以，是处于非平衡状态，受到的是非平衡力作用，故D错误，故选B。

【点睛】
本题是一道综合性题目，考查了速度单位的换算、运动和静止的相对性、惯性、力与运动的关系等知识，
但难度不大。

5．下列说法中正确的是
A ．热机效率越高，所做有用功就越多
B ．质量相等的两块金属，比热容大的吸收热量多
C ．质量相等的两种燃料完全燃烧，热值大的放出热量多
D ．压缩铁块时，铁块分子之间只存在斥力，不存在引力 C 【解析】 【详解】
A ．热机效率是热机所做有用功与所用燃料完全燃烧释放的热量之比．热机效率越高，说明有用功在总功中所占比例越大，不能反映有用功的多少，故A 错误．
B ．根据吸热公式cm t Q n 吸，可知物体吸收的热量与物体的比热容、质量和温度变化量有关，质量相等的两块金属，由于升高的温度不确定，比热容大的吸收热量不一定多，故B 错误．
C ．根据Q=qm 可知，质量相等的两种燃料完全燃烧，热值大的放出热量多，故C 正确．
D ．分子间的引力和斥力是同时存在的，压缩铁块时，分子间的距离变小，作用力表现为斥力，故D 错误． 故答案为C ．
6．2018年4月12日，中央军委在南海海域隆重举行海上阅兵．此次阅兵，辽宁舰航母编队精彩亮相，一大批新型潜艇、水面舰艇、作战飞机集中展示．下列分析合理的是（ ） A ．当辽宁舰航母上舰载飞机起飞后，航空母舰排开水的体积会增大 B ．当水舱充水后，潜水艇重等于同体积的水重时，它可以漂浮在水中 C ．水面舰艇多采用前后编队而非并排行驶，是为避免舰艇相“吸”碰撞 D ．战机升空时，机翼下方气流速度较大，气流对机翼下表面的压强较大 C 【解析】 【详解】
A.由于航母在航行时处于漂浮，所以它受到的浮力等于它的总重力，当战机从航母上起飞后，由于航母的总重力减小，所以航母受到的浮力会将减小，又因为F 浮=ρgV 排，所以当航空母舰上舰载飞机起飞后，它排开水的体积会减小，故A 不合理；
B.当水舱充水后，潜水艇重等于同体积的水重时，即潜水艇排开水的体积等于潜水艇体积，所以潜水艇可以悬浮在水中，而不是漂浮在水中，故B 不合理；
C.因为水的流速越大，压强越小，水的流速越小压强越大，当舰艇并排行驶时，舰艇带动其周围的水随船向前运动，结果使舰艇内侧之间的水流速度大于舰艇外侧的水流速度，所以舰艇内外测的水存在压强差，使两舰艇靠近，进而发生碰撞，所以为了避免舰艇相“吸”碰撞，而不采用“并排”护航，故C 合理；
D.飞机在空中前进时，由于机翼上方气流速度较大，气流对机翼的压强小，下方气流速度较小，它对机翼的压强大，所以在机翼的上下表面产生了压力差，就产生了向上的升力，故D不合理．
7．下列估计数值与实际相符的是
A．教室日光灯正常工作的电流约为200mA
B．智能手机的工作电压为220V
C．人体的正常体温是39℃
D．物理课本长为50cm
A
【解析】
【分析】
【详解】
A．教室里日光灯的电功率一般是40W，由P=UI可得I=P
U
=
40W
220V
=0.18A=180mA，和200mA相差不
大，故A符合实际；
B．手机电池的电压大约是3.7V，故B不符合实际；
C．人体的正常体温是36.8℃左右，39℃人已经发烧了，故C不符合实际；
D．物理课本的长度在26cm左右，不到50cm，故D不符合实际．
8．我国“天宫一号”航天器于2018年4月2日完成使命重返地球，落入南太平洋中。

如图所示是“天宫一号”在轨道运行时的姿态。

下列有关“天宫一号”的说法中错误的是（）
A．在轨道运行时，“天宫一号”的太阳能帆板可将太阳能转化为电能
B．在轨道运行时，“天宫一号”从远地点向近地点运行时将势能转化为动能
C．返回地球途中，“天宫一号”相对于地球是运动的
D．返回地球途中，“天宫一号”外壳经过大气层时被烧毁是通过热传递增大内能
D
【解析】
【详解】
A．“天宫一号”的太阳能帆板工作时，直接将太阳能转化为电能，故A正确；
B．“天宫一号”从远地点向近地点运行时，质量不变，距离地面的高度变小，重力势能变小；速度变大，动能变大，重力势能转化为动能，故B正确；
C．“天宫一号”航天器完成使命重返地球时，“天宫一号”相对地球位置发生变化，故“天宫一号”相对于地球是运动的，故C正确；
D．“天宫一号”经过大气层时与大气摩擦，温度升高，内能增加，是通过做功的方式增大了内能，故D错误。

9．重为G的石块在空中下落，则此过程中石块受到重力和空气阻力的合力F的大小
A．等于G B．等于零C．大于G D．小于G
D
【解析】
【分析】
【详解】
重力为G的石块在下落时，受到重力和空气阻力的作用，重力竖直向下，空气阻力竖直向上，两力的方向相反，在下落过程中，下落速度越来越大，说明石块受到向下的力，即重力和空气阻力的合力向下，合力大小小于G．故D正确．
10．下列各图描述的实验中，用来说明声音的传播需要介质的是
A．音叉发出的声音越响，乒乓球被弹开的越远
B．发声的音叉激起水花
C．钢尺伸出桌边的长度变短，振动时声音的音调变高
D．抽取玻璃罩内的空气，听到罩内的音乐声减小
D
【解析】
【详解】
A、音叉发出的声音越响，乒乓球被弹开的越远，说明声音的响度和振动的幅度有关，故A错误；
B、发声的音叉激起水花，说明声音是由物体振动产生的，故B错误；
C、钢尺伸出桌边越短，振动越快，频率越高，音调越高，说明音调与振动的快慢有关，故C错误；
D、抽取玻璃罩内的空气，听到罩内的音乐声减小，进一步推论得：声音的传播需要介质，真空不能传播声音，故D正确。

二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．关于物体在液体中受到的浮力，下列说法中不正确．．．的是 A ．物体的密度越大，受到的浮力越小
B ．漂浮的物体与沉在液体底部的物体受到的浮力可能等大
C ．物体排开水的体积越大，受到的浮力越大
D ．浸没在水中的物体受到的浮力与深度有关 AD 【解析】 【详解】
A ．根据浮力公式F gV ρ浮排＝ 可知物体密度的大小和受到的浮力没有关系．故A 错误．
B ．根据浮力公式F gV ρ浮排＝ 可知影响浮力大小的因素是液体密度和物体排开的液体的体积，由于漂浮的物体排开液体的体积可能与沉在液体底部的物体排开液体的体积相同故漂浮的物体与沉在液体底部的物体受到的浮力可能等大，故B 正确；
C ．根据浮力公式F gV ρ浮排＝ 可知，物体排开水的体积越大，受到的浮力越大．故C 正确．
D ．物体浸没以后，不管在什么位置，排开水的体积不变，所受浮力也不变，故浸没在水中的物体受到的浮力与深度无关，故D 错误． 故选AD ．
12．在用一凸透镜研究其成像的规律时，某同学得到的部分实验信息如下表所示．根据表中信息判定下列说法正确的是
A ．该凸透镜的焦距是15cm
B ．当u 25cm =时，凸透镜成放大的像，放大镜就是根据这一原理制成的
C ．当v 24cm =时，凸透镜成缩小的像，照相相机就是根据这一原理制成
D ．若把物体从距凸透镜22cm 处向距凸透镜32cm 处滑动，像会逐渐变小 ACD 【解析】 【分析】 【详解】
A.由表中的数据可知，实验3中，u=v=30cm ，此时u=2f ，f=15cm ，故A 正确；
B.当u=25cm 时，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，凸透镜成倒立、放大的像，投影仪就是根据这一原理
制成的，故B 错误；
C.当u=24cm 时，像距大于一倍焦距小于二倍焦距，则物距大于二倍焦距，凸透镜成缩小的像，照相相机就是根据这一原理工作，故C 正确；
D.若把物体从距凸透镜22cm 处向距凸透镜32cm 处移动，物距变大，像距变小，像变小，故D 正确． 故选ACD ．
13．小莉根据表中的数据，得出以下四个结论，其中正确的是
A ．用来熔化铜的器皿可以用锡制作
B ．质量相等的纯水和煤油，纯水的体积较小
C ．体积相等的铜块和铝块，放出相等热量，铝快温度降低得较多
D ．质量相等的干泥土和水，吸收相等热量，水温度升高得较多 BC 【解析】 【分析】 【详解】
A ．铜的熔点是1083℃，锡的熔点是232℃，用锡制作用熔化铜的器皿，铜还没有达到熔点，器皿（锡）就熔化、漏了，故错误；
B ．质量相等的纯水和煤油，由于纯水的密度大于煤油的密度，根据公式m
V ρ
=可知，密度大的水的体积
小，故正确；
C ．根据Q cm Δt =，因为放出热量相等，可以得到：111222c m t c m t ∆=∆，由m
V
ρ=
得：111222c t V t c V ρρ=∆∆，体积相同得：111222c t ＝c t ρρ∆∆，温度降低情况：
33
12233
21133J/（kg ℃） 2.710kg/m 0.681J/（kg ℃）0.88100.39108.910kg/m
t c t c ρρ∆⨯===⋅⨯∆⨯⨯⨯<⋅⨯，所以铜块温度降低的少，铝块温度降低的多，故正确；
D ．根据Q cm Δt =，吸收热量相等，质量相等，水的比热比干泥土的比热大，水的温度比干泥土升高的
小，故错误．
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．固体不容易压缩，说明分子间存在着_____力；若把两滴水靠在一起合成一滴，这是由于水分子间存在相互作用的_____力；将3cm3水和3cm3酒精注入一个量筒，摇晃后发现，水和酒精的总体积小于6cm3，这说明分子间有_____。

斥引间隙
【解析】
【详解】
（1）固体不容易压缩，说明分子间存在着斥力；
（2）若把两滴水靠在一起合成一滴，这是由于水分子间存在相互作用的引力；
（3）将3cm3的水和3cm3的酒精注入一个量筒中，摇晃后发现，水和酒精的总体积小于6cm3，即液体的总体积变小，这说明分子间有间隙。

15．如图所示，在厚玻璃瓶里装少量水，瓶口用跟打气筒连通的瓶塞塞紧，用力快速向瓶内打气，瓶塞向上跳起，瓶内有“白雾”产生。

“白雾”的形成属于_____（填物态变化名称）过程。

瓶塞向上跳起过程中，其能量转化与四冲程内燃机的_____冲程能量转化相同。

液化做功
【解析】
【详解】
做功可以改变物体的内能。

对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，内能会减小。

用力打气，对瓶内气体做功，气体内能增加，压强增大；继续打气，当瓶内气体压强大于大气压强，瓶塞跳起，水蒸气对塞子做功，内能减少，温度降低，瓶内的水蒸气液化形成小液滴，出现“白雾”；这个过程中水蒸气的内能转化为塞子的机械能，与四冲程内燃机做功冲程中能量转化相同。

16．根据图所示的电流方向，判断通电螺线管的右端是_____极。

（选填“N”或“S”）。

N
【解析】
【详解】
据图可以看出，此时电流从螺线管的右端流入、左端流出，利用安培定则判断可知，该螺线管的右端是N 极，左端是S极。

17．一个重300N 的物体Q,底而积为400cm 2,将其放在水平地面上,它对地而的压强是_______Pa ．如图所示,现将物体Q 挂在杠杆的B 端,在A 端悬挂一个重100N 的物体P,使杠杆在水平位置平衡，忽略杠杆自重的影响,若OA :OB=2:5,那么地面对物体Q 的支持力为_______N ．
.7.5 x 103; 260 【解析】 【详解】
（1）物体对地面的压强为：
323007.5100.04F G N p Pa S S m
=
===⨯； （2）因为1122F L F L =，所以物体Q 对杠杆的拉力为：
11
22 2100405
F L F N N L =
=⨯=， 由于力的作用是相互的，所以杠杆对物体Q 的拉力为240F F N ==拉， 对于物体Q ，有Q G F F =+拉支持， 所以地面对物体Q 的支持力为
30040260Q F G F N N N 支持拉=-=-=．
18．阅读《共享单车》后回答。

共享单车
骑自行车出行有很多益处，不仅可以节能减排、缓解交通压力，而且骑车时，人需要消耗体能，可以强身健体。

一个成年人在水平路面上骑车时所受阻力大约20N 。

近年来，我国多个城市推出了多种新型共享单车，广州市的许多街道旁也随处可见，如图甲所示，这种单车外观结构简单，单车的质量约25kg ，比普通自行车质量要大些。

单车的车锁内集成了嵌入式芯片、GPS 定位模块和SIM 卡等，便于监控单车的具体位置和状态。

其工作原理如图乙所示。

用户可使用手机下载单车APP ，查看并找到单车的位置，然后用手机扫描车身上的二维码，通过手机网络发送电磁波到云端请求解锁，云端收到请求后识别该车辆并发送解镇指令，单车执行解锁指令自动开锁，用户便可以开始骑行，手机AP 就显示计时、计价等信息。

此外，当用户在骑行过程中踩动脚踏板，可将机械能转化为电能，为车内蓄电池充电，以满足单车定位和自动开锁等过程中的用电需要。

请根据上述材料，回答下列问题
（1）此种单车和手机之间是利用_____传递信息的，若此种单车使用的GPS信号的频率是1800GHz，而手机中蓝牙通信信号（电磁波）的频率是25GHz，则该GPS信号的波长_____手机蓝牙通信信号的波长（选填“大于“或“小于”）。

（2）单车在骑行过程中可将机械能转化为电能，是利用_____现象实现的。

乐乐某次扫码后骑行8km，耗时30min，此次骑行的平均速度为_____km/h。

（3）一个成年人在水平路面上以正常的速度保持匀速骑行半小时，消耗的能量最接近_____。

A．2×103J B．2×105J C．2×107J D．2×109J
（4）乐乐放学回家途中把自行车骑得飞快，妈妈看见后警告他说“以后骑自行车慢点，不然很危险”，是因为质量一定时，速度越大，_____越大，行驶中危险性大。

电磁波小于电磁感应16 B 动能
【解析】
【详解】
（1）由短文内容可知，此种单车和手机之间是利用电磁波传递信息的；
由c＝λf得，电磁波的波长：λ＝，由于电磁波传播速度不变，即频率越高，波长越小，因为1800GHz＞
2.4GHz，该GPS信号的波长小于手机蓝牙通信信号的波长；
（2）此种单车的第一代，在骑行过程中可将机械能转化为电能，是利用电磁感应现象实现的；
乐乐骑行的平均速度为：v＝＝＝16km/h；
（3）一个成年人在水平路面上骑车时的速度大约是4m/s，
由v＝可得，速骑行半小时行驶的路程：s＝vt＝4m/s×0.5×3600s＝7200m，
已知成年人在水平路面上骑车时所受阻力大约20N，
成人在水平路面上骑车时，每秒钟平均消耗的能量等于人克服阻力所做的功，
即每秒钟平均消耗的能量为：W＝fs＝20N×7200m＝144000J＝1.44×105J，与2×105J 比较接近，故选B；（4）质量一定时，速度越大，动能越大，行驶中危险性大。

四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．一辆质量为3t的汽车，在平直公路上以额定功率90kW从静止开始运动，经15s运动125m恰好达到最大速度，接着匀速运动25s，再关闭发动机，滑行了100m之后停下．其v-t图象如图所示．已知汽车在运动过程中受到的阻力恰为车重的0.2倍，（g取10N/kg）求：
汽车匀速运动时的牵引力；整个过程中发动机做的功；全程中汽车的平均速
度v．
（1）6000N；（2）3.6×106J；（3）12m/s．
【解析】
【详解】
（1）汽车的重力：G=mg=3000kg×10N/kg=3×104N，
由题意和图象可知，15-40s汽车的速度最大且做匀速直线运动，根据二力平衡条件和题意可得，汽车匀速运动时的牵引力：F=f=0.2G=0.2×3×104N=6000N；
（2）由题意可知，整个过程中发动机的工作时间：t=15s+25s=40s，
由P=W
t
可得，整个过程中发动机做的功：W=Pt=90×103W×40s=3.6×106J；
（3）根据P=W
t
=
Fs
t
=Fv可得，v最大=
P
F
=
90000W
6000N
=15m/s；
由v=s
t
可得，匀速运动的路程：s2=ν最大t2=15m/s×25s=375m，
由图象可知，滑行100m用的时间t3=10s，
则全程中汽车的平均速度：ν=s
t
总
总
=123
123
s s s
t t t
++
++=
125m375m100m
50s
++
=12m/s．
答：（1）汽车匀速运动时的牵引力为6000N；
（2）整个过程中发动机做的功3.6×106J；
（3）全程中汽车的平均速度v为12m/s．
20．如图所示是某型号的电热水壶，有关参数如表，将电热水壶装入最大容量的水后，放置于面积为1.2m2的水平桌面上，求：
（1）该热水壶受到的总重力为多少 N ？
（2）该热水壶对桌面的压强多大？
（3）若正常工作 7 分钟即可将该壶中初温为 20℃的水加热到 100℃，则电热水壶正常工作 时的效率多
大？（c 水=4.2×103J/（kg·℃））
（1）20N （2）8000Pa （3）80%
【解析】
【分析】
【详解】
（1）水的质量为m 水=V ρ水水=1.0510t kg/3m ⨯1.53310m -⨯=1.5kg; 则水重为G 水=m g 水=1.5kg ⨯10N/kg=15N.空壶重为G 壶=0.5kg ⨯10N/kg=5N,
热水壶受到的总重力G 总=G 水+G 壶 =15N+5N=20N ．
（2）热水壶对水平桌面的压力F=G 总=20N ，热水壶对水平桌面的压强P=
4220N 2510m F S -=⨯=8a 000P ; （3）水吸收的热量为：Q=cmΔt=4.2510
t J/(kg •℃)⨯1.5kg ⨯(100℃-20℃)=5.04510⨯J, 消耗的电能为W=Pt=1500W ⨯7⨯60s=6.3510⨯J,
电热水壶正常工作 时的效率为：η=Q W ⨯100%=555.0410J 100%6.310J
⨯⨯⨯=80%； 21．2017年12月24日，我国自主研发的全球最大水陆两栖飞机AG600首飞成功，可为“海上丝绸之路”航行安全提供最快速有效的支援与安全保障。

它的最大飞行速度为560km/h ，最大航程为4500km ，巡航速度（经济、节油的飞行速度）为500km/h 。

某次起飞前，飞机静止在水平跑道上，总质量为51t ，轮胎
与跑道的总接触面积为0.6m 2（ρ水=1.0×103kg/m 3，g=10N/kg ）。

求：
飞机静止在跑道上时对跑道的压强是多少？起飞后，飞机在空中直线飞行
1400km ，所需要的最短时间是多少？飞机到达目的地降落后，漂浮在水面上，排开水的质量为46t ，此时飞机受到的重力是多少？舱底某处距水面1.5m ，水对该处产生的压强是多少？
（1）8.5×105Pa ；（2）2.5h ；（3）4.6×
105N ； 1.5×104Pa 。

【解析】分析：（1）飞机在水平地面上，对地面的压力，然后根据计算飞机对跑道的压强；
（2）确定飞机飞行的最大速度，根据公式可得飞机所需的最短时间；
（3）根据及可得飞机的重力；根据可得水对舱底的压强。

解答：（1）飞机静止在跑道上，对跑道的压力为：；则飞机对跑道的压强为：；
（2）飞机的最大飞行速度为560km/h，由得，飞机所需的最短时间为：；（3）飞机到达目的地降落后，漂浮在水面上，由漂浮条件可得，由阿基米德原理可得，飞机受到的浮力为：，所以，可得此时飞机的重力为：
；水对舱底的压强为：
；
答：（1）飞机静止在跑道上时对跑道的压强是8.5×105Pa；
（2）起飞后，飞机在空中直线飞行1400km，所需要的最短时间是2.5h；
（3）飞机受到的重力是4.6×105N；水对舱底产生的压强是1.5×104Pa。

【点睛】本题主要考查了压强、速度的应用计算，关键要掌握相关的计算公式，同时也用到了漂浮时浮力与重力的特点。

五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．.请根据给出的入射光线AO画出反射光线OB,并标出反射角的大小。

（__________）
【解析】
【详解】
由入射角为60°，可得反射角也为60°，在法线右侧画出反射光线，反射角等于入射角为60°，如图所示：
23．在图中，O点表示杠杆的支点，画出力F的力臂并用字母L表示．
【解析】
【详解】
试题分析：力臂是从支点到力的作用线的距离．由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂．反向延长F的作用线，由支点O向F的作用线做垂线，垂线段的长度为F的力臂．如图所示：
考点：此题考查的是力臂的画法．
点评：此题主要考查了有关力臂的画法，首先要掌握力臂的概念，找出支点和力的作用线．从而正确地画出力臂．
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．在探究“水的沸腾特点”实验中：
实验装置如图甲所示，该装置中有：①烧瓶；②酒精灯；③温度计；
④铁圈及石棉网，它们安装的合理顺序是______（填写序号）；此时烧瓶中水的温度是______℃；水沸腾后，继续加热，温度计的示数______（选填“变大”、“不变”或“变小”）；撤去酒精灯，水停止沸腾，小华用橡皮塞塞住烧瓶口并用注射器向外抽气，如图乙所示，观察到水又重新沸腾，说明水的沸点随着气压的减小而______．
②④①③84 不变降低
【解析】
【详解】
（1）在使用酒精灯时，需要用其外焰加热，所以要先根据酒精灯确定铁圈得位置．又因为使用温度计时，温度计的玻璃泡要完全浸没在液体中，但不能碰到容器底和容器壁，所以要根据温度计的长度确定横杆的位置，因此按照“由下至上”安装实验装置，故它们安装的合理顺序是：②④①③；
图中温度计的分度值是1℃，此时示数在零上，液柱上表面对准了80℃上面第4个小格处，所以此时温度为84℃；
（2）水沸腾的特点就是在沸腾时继续吸热，但是温度保持不变，所以水沸腾后，继续加热，温度计的示数保持不变；
（3）据图可知，当从瓶中向外抽气时，瓶内的气压减小，水的沸点随气压的减小而降低，所以会导致水重新沸腾．
25．图甲是“探究某种固体物质熔化时温度变化规律”的实验装置（该物质的沸点为127.9℃）。

图乙是根据实验数据描绘出的该物质在熔化过程中温度随时间变化的图象。

根据乙图可以判断该物质是_______（选填“晶体”或“非晶体”），其熔点是______℃。

晶体80
【解析】
【详解】
分析图象可知，物质的温度整体呈上升趋势，且有一段时间物质吸热但温度不再升高，说明这是晶体熔化的图象，图象中呈水平的一段所对应的温度80℃就是物质的熔点，同一晶体的熔点和凝固点相同。

26．学习了光学知识后，小强对有关探究实验进行了回顾和思考
图甲是“探究光的反射规律”的装置，某同
学将一个平面镜放在水平桌面上，再把纸板DNF放置在平面镜上，正确操作实验，并在纸板上记录每次光的径迹如图所示．取下纸板，接下来进行的操作是_____，将数据记录在表格中并比较反射角与入射角．图乙是“探究平面镜成像特点”的装置，有关实验中所用器材的作用说法正确的是_____．
A．实验中要求两个蜡烛完全相同，这是为了比较像和物的大小关系．
B．用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃透明的特点，使于确定像的位置，所以玻璃板越厚像越明显．C．使用刻度尺，是为了测量像距和物距．
D．光屏是为了验证所成像的是实像还是虚像．在“探究凸透镜成像规律”实验中．，调整蜡烛、透镜和光屏到图丙所示位置时，光屏上出现清晰的烛焰的像，生活中的_____就是利用这一原理制成的；若将蜡烛稍远离凸透镜，光屏上的像变模糊，要再次在光屏上得到清晰的像，可采用下列方法：①若移动光屏，则应将光屏_____（填“远离”或“靠近”）凸透镜：②若不移动光屏，则可在蜡烛和凸透镜之间再放上一个焦距合适的_____（填“凸透镜”或“凹透镜”）．
测量入射角和对应反射角的大小ACD 照相机靠近凹透镜
【解析】
【详解】
（1）取下纸板后，应用量角器分别测出入射角和对应的反射角并记录在表格中，通过分析知道反射角等于入射角；
（2）图乙是“探究平面镜成像特点”的装置：
A．实验中要求两个蜡烛完全相同，物与像完全重合，这是为了比较像和物的大小关系，故A正确；B．用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃透明的特点，使于确定像的位置，所以玻璃板越薄，越能避免两个反射面带来的误差，故B错误；
C．使用刻度尺，是为了测量像距和物距，故C正确；
D．实像可以成在光屏上，虚像不能，光屏是为了验证所成像的是实像还是虚像，故D正确；
有关实验中所用器材的作用说法正确的是ACD；
（3）据图可知，此时的物距大于相距，即说明物体处于2倍焦距以外，像处于另一侧的1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用该原理制成的；
若将蜡烛稍远离凸透镜，光屏上的像变模糊，此时物距变大，相距应该变小，故要再次在光屏上得到清晰的像，可采用下列方法：①若移动光屏，应该让相距变小，故则应将光屏靠近凸透镜；②由于凹透镜对光线有发散作用，所以若不移动光屏，则可在蜡烛和凸透镜之间再放上一个焦距合适的凹透镜，让像推迟会。