福建省龙岩市长汀县新桥中学2014-2015学年高二下学期第三次周测物理试题 Word版含答案
福建省龙岩市长汀县新桥中学2014-2015学年高二下学期第三次周测数学(理)试题 Word版含答案
长汀县新桥中学2014-2015学年下学期高二理数周测一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的． 1. 已知集合{32,},{6,8,10,12,14}A x x n n N B ==+∈=，则集合AB 中的子集个数为A ． 2B ．4C ．8D ．16 2. 以下有关命题的说法错误的是A ．命题“若0232=+-x x 则x=1”的逆否命题为“若023,12≠+-≠x x x 则”B ．“1=x ”是“”0232=+-x x 的充分不必要条件C ．若q p ∧为假命题，则p 、q 均为假命题D ．对于命题01,:,01:22≥++∈∀⌝<++∈∃x x R x p x x R x p 均有则使得3. 已知函数()log (2)a f x x b =+-的定点在函数()121x g x +=-的图像上，则是b 的值为A ．1-B ．0C ．1D ．24. 已知实数c b a ,,满足不等式10<<<<c b a ，且,ln ,5,2c p N M b a ===-则P N M ,,的大小关系为 A ．M N P <<B ．N M P <<C ．N P M <<D ．M P N <<5.下列函数既是奇函数，又在区间[]1,1-上单调递减的是 A ．x x f sin )(= B ．xxx f +-=22ln )( C ．1)(+-=x x fD ．)(21)(x xe e xf --=6. 某程序的框图如图所示，运行该程序时，若输入的x=0.1，则运行后输出的 y 值是 A ．﹣1 B.0.5 C ．2 D ．107. 已知函数()y xf x '=-的图象如图 (其中()f x '是函数()f x 的导函数),下面四个图象中,()y f x =的图象可能是B（第7题图） A ． B ． C ． D ．8. 已知函数1222,1()log (1),1x x f x x x -⎧-≤=⎨-+>⎩ ，且()3f a =-，则(6)f a -=A ．47-B ．54-C ．34-D ．14-9.若奇函数)(x f 对于任意的(]0,,21∞-∈x x 都有[]0)()()(2121<--x f x f x x ，则不等式0)1()(lg >+f x f的解集为 A ．10,10⎛⎫⎪⎝⎭B ．(0,1)C ．1(,1)10D ．()1,10 10．已知过点),1(m A 恰能作曲线x x x f 3)(3-=的两条切线，则m 的值是A ．1-B ．2-C ．3-D ．3-或2-11.已知函数f (x )＝log a x ＋x －b （其中2<a <3<b <4），函数f (x )的零点x 0∈(n ，n ＋1)，n ∈N *，则n 的值为 A ．4 B ．3 C ．2 D ．112.已知定义在R 上的函数)(x f 满足)()2(x f x f -=+，当(]3,1-∈x 时，(](]{1,1,13,1),21(2)(-∈-∈--=x x x x t x f ，其中0>t ，若方程3)(xx f =有3个不同的实数根，则t 的取值范围为 A ．4(0,)3 B ．2(,2)3 C ．4(,3)3 D ．2(,)3+∞二、填空题：本大题共4小题，每小题5分． 13．函数f (x )＝)1ln(1+x ＋4－x 2的定义域为 .14．若二次函数y ＝2x －2ax ＋1在区间(2,3)内是单调函数，则实数a 的取值范围是__________．15．已知定义在R 上的奇函数)(x f ，满足(4)()f x f x -=-,且当[]0,2x ∈时(),1xf x e =-，若方程()()0f x m m => 在区间[]8,8-上有四个不同的根1234,,,x x x x ,则1234_________.x x x x +++=16．已知幂函数f (x )的图象经过点⎝⎛⎭⎫18，24，P (x 1，y 1)，Q (x 2，y 2)(x 1＜x 2)是函数图象上的任意不同两点，给出以下结论：①x 1f (x 1)＞x 2f (x 2)；②x 1f (x 1)＜x 2f (x 2)；③f (x 1)x 1＞f (x 2)x 2；④f (x 1)x 1＜f (x 2)x 2.其中正确结论的序号是__________．三、解答题：本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.17．(本小题满分10分)设f (x )＝e x1＋ax 2，其中a 为正实数．(1)当a ＝43时，求f (x )的极值点；(2)若f (x )为R 上的单调函数，求a 的取值范围．18．(本小题满分12分)已知函数f(x)＝a 3x ＋bx ＋c 在点x ＝2处取得极值c －16. (Ⅰ)求a ，b 的值；(Ⅱ)若f(x)有极大值28，求f(x)在上的最小值．19．(本小题满分12分)已知函数f (x )＝ln x －12ax 2－2x (a <0)．(I )若函数f (x )在定义域内单调递增，求a 的取值范围；(Ⅱ)若a ＝－12且关于x 的方程f (x )＝－12x ＋b 在上恰有两个不相等的实数根，求实数b 的取值范围．20．(本小题满分12分) 已知函数1()ln ()mf x x mx m R x-=-+∈ （I)当14m ≤时，讨论()f x 的单调性； (Ⅱ)设2()2.g x x x n =-+当112m =时，若对任意1(0,2)x ∈，存在2[1,2]x ∈，使12()()f x g x ≥，求实数n的取值范围．21．(本小题满分12分)已知函数f(x)=e x +2x 2—3x(I )求曲线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线方程；(Ⅱ) 当x ≥1时，若关于x 的不等式f(x)≥ax 恒成立，求实数a 的取值范围； (Ⅲ)求证函数f(x)在区间理科数学参考答案1—5BCBAB 6—10ABAAD11—12 CB13. (－1,0)∪(0,2] 14. (－∞，2]∪[3，＋∞) 15. -8 16. ②③ 17．【解】对f (x )求导得f ′(x )＝e x 1＋ax 2－2ax (1＋ax 2)2.① (1)当a ＝43时，若f ′(x )＝0，则4x 2－8x ＋3＝0，解得x 1＝3，x 2＝1.结合①，可知↗↘↗所以x 1＝32是极小值点，x 2＝12是极大值点．(2)若f (x )为R 上的单调函数，则f ′(x )在R 上不变号，结合①与条件a >0，知1＋ax 2－2ax ≥0在R 上恒成立，即Δ＝4a 2－4a ＝4a (a －1)≤0，由此并结合a >0，知0<a ≤1. 所以a 的取值范围为{a |0<a ≤1}．18. (1)因f (x )＝ax 3＋bx ＋c ，故f ′(x )＝3ax 2＋b ，由于f (x )在点x ＝2处取得极值c －16，故有⎩⎪⎨⎪⎧ f ′(2)＝0，f (2)＝c －16，即⎩⎪⎨⎪⎧ 12a ＋b ＝0，8a ＋2b ＋c ＝c －16，化简得⎩⎪⎨⎪⎧12a ＋b ＝0，4a ＋b ＝－8，解得a ＝1，b ＝－12.(2)由(1)知f (x )＝x 3－12x ＋c ；f ′(x )＝3x 2－12＝3(x －2)(x ＋2)．令f ′(x )＝0，得x 1＝－2，x 2＝2. 当x ∈(－∞，－2)时，f ′(x )＞0，故f (x )在(－∞，－2)上为增函数； 当x ∈(－2,2)时，f ′(x )＜0，故f (x )在(－2,2)上为减函数； 当x ∈(2，＋∞)时，f ′(x )＞0，故f (x )在(2，＋∞)上为增函数．由此可知f (x )在x 1＝－2处取得极大值f (－2)＝16＋c ，f (x )在x 2＝2处取得极小值f (2)＝c －16.由题设条件知16＋c ＝28，得c ＝12.此时f (－3)＝9＋c ＝21，f (3)＝－9＋c ＝3，f (2)＝－16＋c ＝－4， 因此f (x )在上的最小值为f (2)＝－4.19．(1)∵f (x )＝ln x －12ax 2－2x ，∴f ′(x )＝－ax 2＋2x －1x (x ＞0)．依题意f ′(x )≥0在x ＞0时恒成立，即ax 2＋2x －1≤0在x ＞0时恒成立．则a ≤1－2x x 2＝(1x －1) 2－1在x ＞0时恒成立，即a ≤((1x －1)2－1)min (x ＞0)，当x ＝1时，(1x －1)2－1取得最小值－1，∴a 的取值范围是(－∞，－1]．(2)a ＝－12时，方程f (x )＝－12x ＋b 化为，∴14x 2－32x ＋ln x －b ＝0.设g (x )＝14x 2－32x ＋ln x －b (x >0)，则g ′(x )＝(x －2)(x －1)2x，列表如下：↘↗∴g (x )的极小值为g (2)＝ln2－b －2，g (x )的极大值为g (1)＝－b －54，又g (4)＝2ln2－b －2，∵方程g (x )＝0在上恰有两个不相等的实数根．则⎩⎪⎨⎪⎧g (1)≥0，g (2)<0，g (4)≥0，得ln2－2＜b ≤－54.20.（1）2'22111(),m mx x m f x m x x x--++-=-+=令2()1(0)h x mx x m x =-++->， 当0m =时，()1h x x =-，令()0,1,h x x >>令()0,01,h x x <<< ()f x 在(0,1)是减函数，()f x 在(1,)+∞是增函数；当0m ≠时，1()(1)(1)h x m x x m ⎡⎤=----⎢⎥⎣⎦， 当0m <时，1101m-<<，()f x 在(0,1)是减函数，()f x 在(1,)+∞是增函数； 当104m <≤时，1011m <<-，()f x 在(0,1)，1(1,)m-+∞是减函数，()f x 在1(1,1)m -是增函数；综上可知：当0m ≤时，()f x 在(0,1)是减函数，()f x 在(1,)+∞是增函数；当104m <≤时，()f x 在(0,1)，1(1,)m-+∞是减函数，()f x 在1(1,1)m - 是增函数……… 8分(2)当112m =时，()f x 在(0,1)是减函数，在(1,2)上是增函数，对任意(0,2)x ∈，有15()(1),6f x f ≥=又已知存在[]21,2x ∈，使12()()f xg x ≥，所以[]225(),1,26g x x ≤∈，即存在[]21,2x ∈，使25()26g x x x n =-+≤，516n -≤，即116n ≤. ……… 12分21..Ⅲ）∵f'(0)=e 0-3=-2<0,f'(1)=e+1>0， ∴f'(0)·f'(1)<0 令h(x)=f'(x)=e x+4x-3，则h'(x)=e x+4>0，f'(x)在正上单调递增，∴．f'(x)在上存在唯一零点，f (x)在上存在唯一的极值点． 取区间作为起始区间，用二分法逐次计算如下由上表可知区间的长度为0.3,所以该区间的中点x2=0.45，到区间端点的距离小于0.2，因此可作为误差不超过0.2一个极值点的相应x 的值∴函数y=f(x)取得极值时，相应x ≈0.45. 22. （Ⅰ）()()()()''1,01,00kx fx kx e f f =+==,曲线()y f x =在点(0,(0))f 处的切线方程为y x =. （Ⅱ）由()()'10kx fx kx e =+=，得()10x k k =-≠，若0k >，则当1,x k ⎛⎫∈-∞-⎪⎝⎭时，()'0f x <，函数()f x 单调递减， 当1,,x k ⎛⎫∈-+∞ ⎪⎝⎭时，()'0f x >，函数()f x 单调递增， 若0k <，则当1,x k ⎛⎫∈-∞-⎪⎝⎭时，()'0f x >，函数()f x 单调递增， 当1,,x k ⎛⎫∈-+∞ ⎪⎝⎭时，()'0f x <，函数()f x 单调递减， （Ⅲ）由（Ⅱ）知，若0k >，则当且仅当11k-≤-， 即1k ≤时，函数()f x ()1,1-内单调递增， 若0k <，则当且仅当11k-≥， 即1k ≥-时，函数()f x ()1,1-内单调递增，综上可知，函数()f x ()1,1-内单调递增时，k 的取值范围是[)(]1,00,1-.。
高三物理月考试题及答案-福建龙岩市2015届高三教学质量检查理综试题(精校解析版)
福建省龙岩市2015届高三教学质量检查理综物理试题（考试时间：150分钟；满分：300分）本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）。
第Ⅰ卷为必考题，第Ⅱ卷包括必考题和选考题两部分。
本试卷共12页。
满分300分，考试时间150分钟。
第Ⅰ卷（选择题共108分）本卷共18小题，每小题6分，共108分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。
13．人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行，当卫星从近地点向远地点运动过程中，卫星的（）A．势能变大B．动能变大C．机械能变大D．加速度变大14．在已调节好的双缝干涉实验装置中，观察甲、乙两种不同的单色光的干涉图样（仅更换单色光），如图甲、乙所示。
比较甲、乙单色光。
下列说法正确的是（）A．甲光的频率较高B．甲光的波长较长C．同一介质对甲光的折射率较小D．甲、乙两种光在同一介质中的光速相等15．一做直线运动物体的速度—时间图象为正弦曲线，如图所示。
下列对物体运动的描述正确的是（）A．物体沿着直线向一个方向运动B．0时刻和4s末物体在同一位置C ．物体在1s 、3s 时刻的速度相同D ．物体在1s 、3s 、5s 时刻的加速度最大16．如图甲所示，矩形导线框ABCD 固定在匀强磁场中，磁感线垂直于线框，规定向里为磁场的正方向；线框中沿着ABCDA 方向为感应电流i 的正方向。
要在线框中产生如图乙所示的感应电流，则磁感应强度B 随时间t 变化的规律可能为（ ）17．如图所示是某种交变电流的电流强度随时间变化的图线，0i >部分的图线是一个正弦曲线的正半周，0i <部分的图线是另一个正弦曲线的负半周，则这种交变电流的有效值为 （ ）A ．0IB 0C 0D 018．一列简谐横波沿x 轴正方向传播，图甲是0t =时的波形图，图乙和图丙分别是x 轴上M 、N 两质点的振动图像。
则下列说法错误．．的是（ ）A ．质点M 离开平衡位置位移的瞬时值表达式为0.1cos()m y t π=() B ．质点N 在0t =时的加速度是振动过程中最大值的12C ．质点M 、N 平衡位置之间的距离可能为54m D ．质点M 、N 的速度方向有时相同有时相反第Ⅱ卷 （必考部分 共10题157分）19．（18分）（1）（6分）在做“用单摆测定重力加速度”的实验中，某同学用毫米刻度尺测摆线长，用n=次全振动游标卡尺测摆球的直径，测量结果如图甲所示；再用秒表测单摆完成50的时间，测量结果如图乙所示。
福建省龙岩市四校联考2014_2015学年高二物理下学期期末试卷(含解析)
2014-2015学年福建省龙岩市四校联考高二（下）期末物理试卷一、选择题：本大题共14分，每小题4分，共56分.1-9小题为单选题；10-14小题为不定项选择题，选全对得4分，选对但有漏选得2分，有错选得0分.1．物体从静止开始做匀加速直线运动，第5s内通过的位移是9m，下列说法正确的是（）A．第5s内的平均速度是1.8m/s B．物体的加速度是1m/s2C．第3s内的位移是5m D．3s末的速度是9m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：平均速度等于位移除以时间，根据匀变速直线运动的位移时间公式求出物体的加速度，从而根据位移公式得出第3s内的位移和3s末的速度．解答：解：A、第5s内的平均速度，故A错误；第5s内的位移为3m，则有：，解得物体的加速度a=2m/s2，故B错误；C、第3s内的位移，故C正确；D、3s末的速度是v=at=2×3=6m/s．故D错误．故选：C点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式，并能灵活运用，基础题．2．在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图1所示，产生的交变电动势的图象如图2所示，则（）A．t=0.015s时线框的电动势为零B．t=0.02s时线框平面与中性面垂直C．线框产生的交变电动势有效值为311VD．该交变电动势瞬时值的表达式为e=311sin（100πt）V考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式．专题：交流电专题．分析：由图2可知特殊时刻的电动势，根据电动势的特点，可判处于那个面上，由图象还可知电动势的峰值和周期，根据有效值和峰值的关系便可求电动势的有效值．解答：解：A、t=0.015s时线框的电动势最大，故A错误；B、t=0.02s时，感应电动势为零，线框平面与中性面平行，故B错误；C、根据正弦式交变电流有效值和峰值的关系可得，该交变电流的有效值为E==220V，故C错误．D、由图2可知周期T=0.02s，ω=100πrad/s，所以该交变电动势瞬时值的表达式为e=311sin（100πt）V，故D正确；故选：D．点评：本题关键是明确：当线圈位于中性面时，感应电动势最小，为零；当线圈与中性面垂直时，感应电动势最大．3．下列说法正确的是（）A．水面上飞行的鸟儿感觉到其下方水中游动的鱼比实际位置浅，鱼感觉到鸟飞得比实际位置低B．全息照相用激光来拍摄，主要是利用了激光的相干性好的特点C．拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以增加透射光的强度D．水中的气泡看起来特别明亮是因为光线从气泡射向水中时，一部分光在界面上发生了全反射考点：光的折射定律；光的偏振．分析：光从一种介质斜射入另一种介质时要发生折射，光从光密介质射向光疏介质当入射角大于临界角时要发生全反射，根据光的折射、激光特点、全反射的知识分析答题．解答：解：A、由于光的折射作用，水面上飞行的鸟儿感觉到其下方水中游动的鱼比实际位置浅，鱼感觉到鸟飞得比实际位置高，故A错误；B、全息照相用激光来拍摄，主要是利用了激光的相干性好的特点，故B正确；C、拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以减弱反射光的强度，使照片清晰，但不能增加透射光的强度，故C错误；D、气泡看起来特别明亮，是因为光从水射向气泡时，一部分光在界面上发生了全反射的缘故，故D错误；故选：B．点评：本题考查的知识点较多，都是一些记忆型的，难度不大，在平时学习中注意多积累．4．某质点做简谱运动，其位移随时间变化的关系式为x=5sin（t）cm，则质点（）A．第1s末与第3s末的位移相同B．第2s末与第6s末的加速度相同C．3s末与5s末的回复力相同D．3s末与7s末的速度方向相同考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：通过简谐运动的表达式可以知道角速度、周期、振幅．结合简谐运动的图象可以分析出各个时刻的位移方向和速度方向．解答：解：A、振动的周期T===8s，在第1s末的位移，在第3s末的位移，可知第1s末和第3s末的位移相同，故A正确．B、振动周期为8s，第2s末和第6s末关于平衡位置对称，加速度大小相等，方向不同，故B错误．C、第3s末和第5s末关于平衡位置对称，回复力大小相等，方向不同，故C错误．D、第3s末和第7s末的速度方向不同，故D错误．故选：A．点评：解决本题的关键是能从简谐运动的表达式中获取信息，并会画简谐运动的位移时间图象，结合图象分析问题．5．如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为5：1，原线圈输入如图乙所示的电压，副线圈接火灾报警系统（报警器未画出），电压表和电流表均为理想电表，R0为定值电阻，R为半导体热敏电阻（其阻值随温度的升高而减小）．下列说法中正确的是（）A．图乙中电压的有效值为220VB．该交变电流的周期为0.02sC．R处出现火警时，电流表示数减小D．R处出现火警时，电阻R0消耗的电功率减小考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系．专题：交流电专题．分析：求有效值方法是将交流电在一个周期内产生热量与将恒定电流在相同时间内产生的热量相等，则恒定电流的值就是交流电的有效值．由变压器原理可得变压器原、副线圈中的电流之比，输入、输出功率之比，半导体热敏电阻是指随温度上升电阻呈指数关系减小、具有负温度系数的电阻，R处温度升高时，阻值减小，根据负载电阻的变化，可知电流、电压变化．解答：解：A、设将此电流加在阻值为R的电阻上，电压的最大值为U m，电压的有效值为U．•=•T代入数据得图乙中电压的有效值为110V，故A错误；B、由图象可知，交变电流的周期为0.02s，故B正确．C、R处温度升高时，阻值减小，副线圈电流增大，而输出功率和输入功率相等，所以原线圈中电流增大，即电流表示数增大，故C错误．D、R处出现火警时通过R0的电流增大，电压不变；所以电阻R0消耗的电功率增大，故D错误．故选：B．点评：根据电流的热效应，求解交变电流的有效值是常见题型，要熟练掌握．根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键．6．某电站向某地输送500kW的电功率，输电线上损失的电功率为100kW，若不改变输电线而把输送电压提高为原来的10倍，那么输电线上损失的电功率变为（）A．0.5kW B．2.0kW C．1.0kW D．5.0kW考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：根据P=UI求出输送电流的变化，根据求出输电线上功率的变化．解答：解：输电电压提高为原来的10倍，根据P=UI知，输送电流减小为原来的，根据知，输电线上损耗的电功率减小为原来的，则输电线上损耗的功率为1.0kW，故C正确，A、B、D错误故选：C点评：解决本题的关键知道输送功率与输送电压、电流的关系，掌握输电线上损失的功率7．如图所示，一束太阳光提高三棱镜后，在光屏MN上形成的彩色光带落在bc区域内．现将一温度计放在屏上不同位置，其中温度计示数升高最快的区域为（）A．ab B．bc C．cd D．bd考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：太阳光由七种颜色的光复合而成，分别是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫．三棱镜将太阳光经过折射后，人们就可以在光屏上看到七种颜色的光，在红光的外侧有红外线，其热效应显著，红外线照射的区域温度上升最为明显．解答：解：太阳光是复色光，七种颜色的光的波长不同，红光的波长最长，折射率最小，紫光的波长最短，折射率最大，所以红光通过三棱镜偏折最小，紫光偏折最大，屏上bc间从左到右，分别为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫．而在红光的外侧区域ab有红外线，其热效应显著，红外线照射的区域温度上升最快．故A正确．BCD错误．故选：A．点评：本题考查学生对光的色散理解，要知道红光的折射率最小，偏折最小，并要掌握红外线热作用显著的特点．8．一简谱横波正在沿x轴的正方向传播，在t=0时刻的波形如图所示，若波速为10m/s，则下列说法正确的是（）A．从图示时刻开始，经0.2s，质点Q、M通过的路程为8cmB．从图示时刻后的一小段时间里质点P的加速度将减小C．若此波传播到另一列波并发生温度的干涉现象，则另一列波源的振动周期为0.3s D．若该波传播中遇到宽约4m的障碍物，不可能发生明显的衍射现象考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：简谐横波沿x轴的正方向传播，介质中质点不向前移动．由“上下坡法”判断P点的运动方向，分析加速度的变化．频率相同的两列相遇才可能干涉．当障碍物的尺寸与波长差不多或比波长小时能发生明显的衍射现象．解答：解：A、波长为λ=4m，周期为 T===0.4s，则再0.2s=，质点Q通过的距离为2A=8cm，而M点通过的路程是0，故A错误．B、简谐横波沿x轴的正方向传播，由“上下坡法”判断知P点正向下运动，位移减小，加速度减小，故B正确．C、若此波传播到另一列波并发生温度的干涉现象，则另一列波源的振动周期为0.4s，故C 错误．D、根据当障碍物的尺寸与波长差不多或比波长小时能发生明显的衍射现象，知若该波传播中遇到宽约4m的障碍物，能发生明显的衍射现象，故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键要熟练运用“上下坡法”判断质点的运动方向，掌握发生稳定干涉和明显衍射的条件．9．如图所示，两个质量都是m的小球A、B用轻杆连接后斜放在墙上处于平衡状态．已知墙面光滑，水平地面粗糙．现将A球向下移动一小段距离．两球再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，地面对B球的支持力N和轻杆上的压力F的变化情况是（）A．N变大，F变大B．N变大，F变小C．N不变，F变大D．N不变，F变小考点：共点力平衡的条件及其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对整体受力分析，整体受总重力、地面的支持力、墙壁对A的弹力，地面对B的静摩擦力．整体处于平衡状态，从而可知N的大小变化．再隔离对A球进行受力分析，A球受重力，墙壁的弹力和杆子的弹力，三个力处于平衡状态，通过夹角的变化，判断轻杆受到压力的变化．解答：解：对整体进行受力分析，知F1=2mg，移动两球后，仍然平衡，则F1仍然等于2mg，所以N不变．再隔离对A进行受力分析，轻杆对A的作用力等于轻杆上受到的压力，轻杆对A球的作用力F=，当A球向下移动一小段距离，夹角θ变大，cosθ变小，所以F变大．故C正确，A、B、D错误．故选C．点评：在该题中运用了整体法和隔离法，先对整体受力分析，确定地面对球B的支持力不变．再隔离分析，判断杆子对球的作用力变化．10．下列说法中正确的是（）A．光的偏振现象说明光是纵波B．声波有多普勒效应而光波没有多普勒效应C．狭义相对论认为在不同的惯性参考中一切物理规律都是相同的D．在光的双缝干涉实验中，若只将入射光由绿光改为紫光，则条纹间隔变窄考点：光的偏振；用双缝干涉测光的波长．分析：不同的惯性参考系中一切物理规律都是相同的；双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为黄光，由于波长变大，故条纹间距变大，光的偏振现象说明光是一种横波；振源与观察者之间存在着相对运动，使观察者听到的声音频率不同于振源频率的现象．这就是频移现象．解答：解：A、光的偏振现象说明光是一种横波；故A错误；B、一切波均会产生多普勒效应的现象，故B错误；C、狭义相对论认为，在不同的惯性参考系中一切物理规律都是相同的，故C正确；D、在双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为紫光，由于波长变小，故条纹间距变小，D 正确．故选：CD．点评：本题考查了光的干涉、条纹间距、色散现象和偏振，知识点较多，同时对于多普勒效应，要知道在波源与观察者靠近时观察者接收到的波的频率变高，而在波源与观察者远离时接收频率变低；即高亢表示靠近，低沉表示远离．11．如图所示的v﹣t和s﹣t图象中给出四条图线为甲、乙、丙、丁代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是（）A．甲车做匀加速直线运动，乙车做变速直线运动B．0～1时间内，甲车通过的位移等于乙车通过的位移C．丙、丁两车在t2时刻相距最远D．0～t2时间内，丙车的平均速度等于丁车的平均速度考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在位移﹣时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度，图象的交点表示位移相等，平均速度等于位移除以时间；在速度﹣时间图象中，斜率表示加速度，图象与时间轴围成的面积表示位移．解答：解：A．由图象可知：甲做匀加速直线运动，乙做加速度越来越小的变速直线运动，故A正确；B．图象与时间轴围成的面积表示位移，根据图象可知，在t1时刻两车的位移不等，故B错误；C．丙、丁两车在t2时刻相遇，故C错误；D.0～t2时间内，丙丁的位移相等，时间相等，所以平均速度相等，故D正确．故选：AD点评：要求同学们能根据图象读出有用信息，注意位移﹣时间图象和速度﹣时间图象的区别，难度不大，属于基础题．12．图甲是某燃气炉点火装置的原理图．转换器将直流电压转换为图乙所示的正弦交变电压，并加在一理想变压器的原线圈上，变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，为交流电压表．当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000V时，就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体．以下判断正确的是（）A．电压表的示数等于5VB．电压表的示数等于C．实现点火的条件是D．实现点火的条件是考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：根据图乙得到原线圈电压的最大值，根据有效值与最大值的关系求出电压表的示数，当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000V时，就会点火，根据电压与线圈匝数比的关系即可求解．解答：解：A、根据图乙得到原线圈电压的最大值为5V，所以电压表的示数为：，故A错误，B正确；C、根据，且U1=5V，U2≥5000V得：实现点火的条件是，故C正确，D错误．故选BC点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，知道电压表的示数为有效值，本题即可得到解决．13．某机械横波某时刻的波形图如图所示，波沿x轴正方向传播，波速为10m/s，传播过程中的质点p的横坐标x=3.2m，从此时刻开始计时（）A．每间隔0.4s可重复出现此波形图B．p点经0.12s第一次达到正向量最大位移C．p点经0.32s到第一次达到平衡位置，且向上振动D．p点经0.32s到第一次达到平衡位置，且向下振动考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：由图读出波长，求出周期，波形每隔一个重复一次．当P左侧最近的波峰传到P时P 点第一次达到正向最大位移．由x=vt求出0.32s内波传播的距离，再由波形平移法分析CD 项．解答：解：A、由图知该波的波长λ=8m，周期为 T==0.8s，则每间隔0.8s可重复出现此波形图，故A错误．B、当P左侧最近的波峰传到P点时P点第一次达到正向最大位移，用时t==s=0.12s，故B正确．CD、经0.32s波传播的距离 x=vt=3.2m，则图中O点的状态传到P点，则知p点经0.32s 到第一次达到平衡位置，且向下振动，故C错误，D正确．故选：BD．点评：本题考查对波动图象的理解能力，要理解波的周期性，即重复性，熟练运用波形平移法研究质点的状态是关键．14．如图所示，质量分别为M、m的正方体放在两竖直墙和水平面间，处于静止状态．M与m 相接触边与竖直方向的夹角为α，若不计一切摩擦，则下列说法中正确的是（）A．质量为M的正方体受3个力的作用B．质量为m的正方体受3个力的作用C．水平面对正方体m的支持力大小为MgD．墙面对正方体m的弹力大小为考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以两个正方体整体为研究对象，分析受力，根据平衡条件得出水平面对正方体M的弹力大小．以正方体m为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件求解墙面对正方体m的弹力大小．解答：解：A、对正方体m进行受力分析，受到重力、斜面的支持力以及墙壁的弹力，共三个力作用，如图所示，正确画出分析图：则M受到重力、地面的支持力、m对M的压力以及左边墙壁的弹力，共四个力作用，故A错误，B正确；C、以两个正方体整体为研究对象整体受到向上的支持力和向下的重力，整体处于静止状态，所以水平面对正方体M的弹力大小为N=（M+m）g，故C错误；D、把F N2沿水平方向和竖直方向分解有：F N2cosα=F N1F N2sin α=mg解得：F N1=mgcotα=，故D正确．故选：BD点评：本题关键掌握共点力平衡的条件并会应用，能灵活选择研究对象，运用受力分析即可解决此类题目，作出力图是基础．二、实验题：本大题有2个小题，毎空2分，共12分.15．在“用单摆测定重力加速度”的实验中，测得单摆摆角小于5°，完成n全振动的时间为t，用毫米刻度尺测得摆线长为L，用螺旋测微器测得摆球的直径为d．（1）用上述物理量的符号写出重力加速度的一般表达式g= 4n2π2（L+）；（2）从图可知，摆球直径d的读数为7.660 mm；（3）下面各种对该实验误差的影响的说法中正确的是AC ．A、在摆长和时间的测量中，时间的测量对实验误差影响较大B、在摆长和时间的测量中，长度的测量对实验误差影响较大C、将振动次数n记为（n+1），测算出的g值比当地的公认值偏大D、将摆线长当作摆长，未加摆球的半径测算出的g值比当地的公认值偏大．考点：用单摆测定重力加速度．专题：实验题；单摆问题．分析：（1）单摆摆长等于摆线长度与摆球半径之和，由单摆周期公式求出重力加速度的表达式．（2）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．（3）对于测量误差可根据实验原理进行分析．解答：解：（1）单摆周期T=，单摆摆长l=L+，由单摆周期公式T=2π联立可得重力加速度为：g=4n2π2（L+）；（2）由图示螺旋测微器可知，固定刻度示数为7.5mm，可动刻度示数为16.0×0.01mm=0.160mm，则螺旋测微器的示数为7.5mm+0.160mm=7.660mm；（3）A、在摆长和时间的测量中，时间的测量对实验误差影响较大，故A正确；B、摆长和时间的测量中，长度的测量对实验误差影响不大，故B错误；C、把n次全振动时间误当成（n+1）次全振动时间，周期测量值偏小；根据g=，重力加速度的测量值偏大，故C正确；D、以摆线长作为摆长来计算，则L的测量值偏小；根据g=，重力加速度的测量值偏小，故D错误；故选：AC故答案为：（1）4n2π2（L+）；（2）7.660；（3）AC．点评：常用仪器的读数要掌握，这是物理实验的基础．掌握单摆的周期公式，从而求解加速度，摆长、周期等物理量之间的关系．单摆的周期采用累积法测量可减小误差．对于测量误差可根据实验原理进行分析．16．①小翔利用如图1甲所示的装置，探究弹簧弹力F与伸长量△l的关系，由实验绘出F 与△l的关系图线如图1乙所示，该弹簧劲度系数为125 N/m；②在做“验证力的平行四边形定则”的实验时，图2丙中A为固定橡皮筋的图钉，o为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图2丁是在白纸上根据实验数据画出的图．（1）本实验主要采用的方法是 C ；A．理想实验法B．控制变量法C．等效替代法D．建立物理模型法（2）图丁做出的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是F′．考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．分析：①根据胡克定律知，图线的斜率表示劲度系数，结合斜率求出劲度系数的大小．②在实验中F和F′分别由平行四边形定则及实验得出，明确理论值和实验值的区别即可正确答题．本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，因此采用“等效法”，注意该实验方法的应用．解答：解：①弹簧的F﹣△l图象的斜率是弹簧的劲度系数，由图象可知，弹簧的劲度系数：k==125N/m；②（1）本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等效替代法．故选：C．（2）图中的F与F′中，F是由平行四边形得出的，而F′是通过实验方法得出的，其方向一定与橡皮筋的方向相同，一定与AO共线的是F′．故答案为：①125②（1）C（2）F′点评：本题考查了求弹簧的劲度系数和验证平行四边形定则，知道F﹣△l图象斜率的物理意义，以及知道验证平行四边形定则实验的原理，掌握弹簧秤的读数方法．基础题．三、计算题：本大题有3分，共32分.解答过程写出必要的文字说明、有关公式和计算结果.17．如图甲所示，质量m=1kg的物块在平行斜面向上的拉力F作用下从进行开始沿斜面向下运动，t=0.5s时撤去拉力，利用速度传感器得到其速度随时间变化关系图象（v﹣t图象）如图乙所示，g取10m/s2．求：（1）物块向上运动的最大位移大小；（2）0﹣2s内的平均速度的大小．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）v﹣t图象可知，图象中的面积表示图象的位移，由图象即可求得位移；（2）根据得出的位移利用平均速度公式即可求得2s内的平均速度．解答：解：（1）由图乙可知，物块上升的位移为：s1==1m；（2）物块下滑的距离为：s2==0.5m；所以2s内的位移为：s=s1﹣s2=1﹣0.5=0.5m；平均速度为：v===0.25m/s；答：（1）物块向上运动的最大位移大小为1m；（2）0﹣2s内的平均速度的大小为0.25m/s点评：本题考查v﹣t图象的应用，要注意掌握v﹣t图象中面积表示物体经过的位移．18．如图所示，AOB是截面为扇形的透明介质的横截面图，半径为R，顶角θ=60°．今有一束单色光在横截面内从OA边上距O点R的E点沿垂直OA的方向射入透明介质，一部分光线经AB面反射到达OB面恰好未从OB面射出．试求；①该透明介质的折射率n；②光从E点射入后第一次到达AB面所用的时间．（设光在真空中的传播速度为c）考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：①由题意光线经AB面反射后恰好未从OB面射出，说明在OB上发生了全反射，由几何知识求出光线在AB面的入射角和全反射临界角，由临界角公式sinC=求解折射率．②由几何知识求出光从到AB面的距离，由v=得到光在介质中的传播速度，再求解时间．解答：解：①从E点垂直射入的光路如图所示，由几何关系可知△OEF上等腰直角三角形，则AB面上的入射角α=45°β=θ=75°则临界角C=180°﹣2α﹣β=30°OB面恰好发生全反射，则sinC=解得 n=2②由几何关系得=R则光从E点射入后第一次到达AB面所用的时间 t==答：①该透明介质的折射率n为2；②光从E点射入后第一次到达AB面所用的时间是．点评：正确地画出光路图、灵活运用几何知识求有关角度是解决本题问题的关键，要掌握全反射的条件：光从光密介质射入光疏介质，入射角大于等于临界角，刚好发生全反射时，入射角等于临界角．19．同学们都有过擦黑板的经历，手拿黑板擦在竖直的黑板上移动，将黑板上的粉笔字擦干净．现假定某同学用力将黑板擦在表面缓慢竖直向上擦黑板，手臂对黑板的作用力F与黑（g=10m/s2，sin53°=0.8，板面所成为53°角（如图），已知作用力F=8N，黑板擦质量m=0.2kg．cos53°=0.6）求：（1）黑板对黑板擦的支持力大小；（2）黑板擦与黑板间的摩擦因数μ；（3）当他擦到离地某一高度时，黑板擦意外脱手后自由下落，黑板擦砸到黑板下边沿前t1=0.1s内通过位移为h1=0.45m，求黑板擦脱手时离黑板下边沿的高度h．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1、2）以黑板擦为研究对象，分析受力情况．黑板擦缓慢移动时，合力为零，根据平衡条件和滑动摩擦力公式f=μN求解黑板对黑板擦的支持力大和μ；（3）黑板擦脱手后沿黑板面竖直向下滑落过程中与黑板之间无摩擦，做自由落体运动，由运动学公式求解即可解答：解：（1、2）黑板擦向上缓慢运动，根据受力分析得：垂直于黑板方向有：Fsinθ﹣N=0，解得：N=6.4N沿黑板方向有：Fcosθ﹣mg﹣f=0，解得：f=2.8N由f=μN得：μ=（3）黑板擦脱手后沿黑板面自由下落，设黑板擦到黑板下边沿所用时间为t，则。
2023届福建省部分地市高三下学期第三次质检(暨第一次省质检)物理试题
2023届福建省部分地市高三下学期第三次质检（暨第一次省质检）物理试题一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题漳州三中举行教学开放周活动，诚邀漳浦一中教师莅临观摩交流。
带队老师打算驾车从漳浦一中（南门）到漳州三中，利用高德地图导航，可选方案有两种：方案一需行驶，用时1小时5分，免费；方案二需行驶，用时1小时27分，高速收费。
带队老师选择了方案一，则（ ）A．方案一全程的位移比方案二的小B．汽车行驶过程中，以地面为参考系，驾驶员是静止的C．研究该汽车的运动轨迹时，可将汽车视为质点D．汽车运动全程的平均速度约为第(2)题如图甲，竖直放置导热性能良好的密闭矩形容器中，一活塞上下各封闭一定质量的理想气体A和B，它们的温度相同，活塞重力不可忽略并可在密闭容器中无摩擦滑动，此时活塞处于静止状态，理想气体A和B在体积不变下的图像如图乙所示，则以下说法正确的是（ ）A．图乙中图线Ⅰ表示在体积不变下的理想气体A的图像B．封闭的理想气体A的体积一定大于理想气体B的体积C．若环境温度升高，活塞一定向上移动D．若环境温度升高，理想气体B一定释放热量第(3)题据中国新闻网报道，2021年11月，中科院国家天文台发布了目前世界上最大时域多星光谱星表，为科学家研究宇宙中的多星系统提供了关键数据支持。
已知宇宙中存在着由四颗星组成的孤立星系，一颗母星处在正三角形的中心，三角形的顶点各有一个质量相等的小星围绕母星做圆周运动，如图所示。
如果两颗小星间的万有引力大小为F，母星与任意一颗小星间的万有引力大小为6F，则下列说法中正确的是（ ）A．母星受到的合力大小为（）FB．每颗小星受到的合力大小为（）FC．母星的质量是每颗小星质量的倍D．母星的质量是每颗小星质量的2倍第(4)题某中学航天课外活动小组在发射飞行器，升空后，飞行器斜向上运动，方向与竖直方向成角做匀加速直线运动，加速度大小为，如图所示。
2015年龙岩3月高三质检理综试卷(物理部分)-推荐下载
甲
乙
台上以一定的 高台离水面高 力，g=10m/s2）。
（1）选手要落到平台上，水平跳出的速度至少为多少？ （2）某质量为 50kg 的选手因跳出的速度太大，刚好从平台的右侧边缘落入水中，求选手刚落水时的动能。
21．如图所示，一劲度系数为 k 的轻弹簧，其下端与倾角为 α 的足够 连，斜面 PO 部分光滑，斜面 OQ 部分粗糙，PO 等于弹簧的自然 m 的滑块放在轻弹簧的上端，滑块静止在 A 点。用一个平行于斜 在滑块上，使滑块由静止开始向上做加速度为 a 的匀加速运动。 好分离时撤去力 F，物体再沿斜面上滑 s 后静止。求：
理科综合测试 第 3 页（共 8 页）
U2
0 U1
丁
对全部高中资料试卷电气设备，在安装过程中以及安装结束后进行高中资料试卷调整试验；通电检查所有设备高中资料电试力卷保相护互装作置用调与试相技互术通关，1系电过，力管根保线据护敷生高设产中技工资术艺料0不高试仅中卷可资配以料置解试技决卷术吊要是顶求指层，机配对组置电在不气进规设行范备继高进电中行保资空护料载高试与中卷带资问负料题荷试2下卷2，高总而中体且资配可料置保试时障卷，各调需类控要管试在路验最习；大题对限到设度位备内。进来在行确管调保路整机敷使组设其高过在中程正资1常料中工试，况卷要下安加与全强过，看度并22工且22作尽22下可22都能22可地护以缩1关正小于常故管工障路作高高；中中对资资于料料继试试电卷卷保破连护坏接进范管行围口整，处核或理对者高定对中值某资，些料审异试核常卷与高弯校中扁对资度图料固纸试定，卷盒编工位写况置复进.杂行保设自护备动层与处防装理腐置，跨高尤接中其地资要线料避弯试免曲卷错半调误径试高标方中高案资等，料，编试要5写、卷求重电保技要气护术设设装交备备置底4高调、动。中试电作管资高气，线料中课并敷3试资件且、设卷料中拒管技试试调绝路术验卷试动敷中方技作设包案术，技含以来术线及避槽系免、统不管启必架动要等方高多案中项；资方对料式整试，套卷为启突解动然决过停高程机中中。语高因文中此电资，气料电课试力件卷高中电中管气资壁设料薄备试、进卷接行保口调护不试装严工置等作调问并试题且技，进术合行，理过要利关求用运电管行力线高保敷中护设资装技料置术试做。卷到线技准缆术确敷指灵设导活原。。则对对：于于在调差分试动线过保盒程护处中装，高置当中高不资中同料资电试料压卷试回技卷路术调交问试叉题技时，术，作是应为指采调发用试电金人机属员一隔，变板需压进要器行在组隔事在开前发处掌生理握内；图部同纸故一资障线料时槽、，内设需，备要强制进电造行回厂外路家部须出电同具源时高高切中中断资资习料料题试试电卷卷源试切，验除线报从缆告而敷与采设相用完关高毕技中，术资要资料进料试行，卷检并主查且要和了保检解护测现装处场置理设。备高中资料试卷布置情况与有关高中资料试卷电气系统接线等情况，然后根据规范与规程规定，制定设备调试高中资料试卷方案。
2015龙岩质检 福建省龙岩市2015届高三教学质量检查物理试题 Word版含答案
福建省龙岩市2015届高三教学质量检查理科综合试题（考试时间：150分钟；满分：300分）本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）。
第Ⅰ卷为必考题，第Ⅱ卷包括必考题和选考题两部分。
本试卷共12页。
满分300分，考试时间150分钟。
注意事项：1．答题前，考生务必先将自己的姓名填写在答题卡上。
2．考生做答时，请将答案填写在答题卡上，在本试卷上答题无效；按照题号在各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效。
3．选择题答案必须使用2B 铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、字迹清楚。
4．做选考题时，请考生按照题目要求作答。
请按照题号在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效。
5．保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、刮纸刀。
第Ⅰ卷 （选择题 共108分）本卷共18小题，每小题6分，共108分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。
13．人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行，当卫星从近地点向远地点运动过程中，卫星的： A ．势能变大 B ．动能变大 C ．机械能变大D ．加速度变大14．在已调节好的双缝干涉实验装置中，观察甲、乙两种不同的单色光的干涉图样（仅更换单色光），如图甲、乙所示。
比较甲、乙单色光。
下列说法正确的是 A ．甲光的频率较高 B ．甲光的波长较长C ．同一介质对甲光的折射率较小D ．甲、乙两种光在同一介质中的光速相等 15．一做直线运动物体的速度—时间图象为正弦曲线，如图所示。
下列对物体运动的描述正确的是A ．物体沿着直线向一个方向运动B ．0时刻和4s 末物体在同一位置C ．物体在1s 、3s 时刻的速度相同D ．物体在1s 、3s 、5s时刻的加速度最大16．如图甲所示，矩形导线框ABCD 固定在匀强磁场中，磁感线垂直于线框，规定向里为磁场的正方向；线框中沿着ABCDA 方向为感应电流i 的正方向。
高中物理-有答案-福建省龙岩市某校高二(下)周考物理试卷
福建省龙岩市某校高二（下）周考物理试卷一、选择题（共15小题，每小题3分，满分45分）1. 长方体金属块放在匀强磁场中，有电流通过金属块，如图所示．则下面说法中正确是（）A.金属块上、下表面电势相等B.金属块上表面电势高于下表面电势C.金属块上表面电势低于下表面电势D.无法比较上、下表面的电势高低2. 如图所示，在质量为M的木箱顶部用一轻弹簧悬挂质量均为m(M≥m)的A、B两物体，箱子放在水平地面上，平衡后剪断A、B间细线，此后A将做简谐运动．当A运动到最高点时，木箱对地面的压力为（）A.MgB.(M−m)gC.(M+m)gD.(M+2m)g3. 如图所示弹簧振子在振动过程中，振子经a、b两点的速度相同，若它从a到b历时0.2s，从b再回到a的最短时间为0.4s，则该振子的振动频率为（）A.1HzB.1.25HzC.2HzD.2.5Hz4. 摆A振动60次的同时，单摆B振动30次，它们周期分别为T1和T2，频率分别为f1和f2，则T1:T2和f1:f2分别等于（）A.2:1，2:1B.2:1，1:2C.1:2，2:1D.1:1，1:25. 公路上匀速行驶的货车受一振动，车上货物随车厢底板上下振动但不脱离底板．一段时间内货物在竖直方向的振动可视为简谐运动，周期为T．取竖直向上为正方向，以某时刻作为计时起点，t=0时，其振动图像如图所示，则（）A.t=T时，货物对车厢底板的压力最大4时，货物对车厢底板的压力最小B.t=T2T时，货物对车厢底板的压力最大C.t=34T时，货物对车厢底板的压力最小D.t=346. 将输入电压为220V、输出电压为6V的理想变压器改绕成输出电压为24V的变压器，若原线圈匝数保持不变，副线圈原有30匝，则副线圈应增加的匝数为（）A.90匝B.120匝C.144匝D.150匝7. 单摆摆球多次通过同一位置时，下述物理量变化的是（）A.摆线张力B.速度C.加速度D.动能8. 如图所示图像中不属于交流电的有（）A. B. C. D.9. 穿过闭合回路的磁通量φ随时间t变化的图像分别如图①∼④所示，下列关于回路中产生的感应电动势的论述正确的是（）A.图①中，回路不产生感应电动势B.图②中，回路产生的感应电动势一直在变大C.图③中，回路在0∼t1时间内产生的感应电动势小于在t1∼t2时间内产生的感应电动势D.图④中，回路产生的感应电动势先变大再变小10. 图中，属于升压变压器又可能使灯泡发光的是（）A. B.C. D.11. 一个白炽灯泡上标有“220V40W”，那么为使它正常发光，所使用的正弦交流电是（）A.电压峰值为220V，电流的峰值约为0.18AB.电压峰值约为311V，电流的峰值约为0.26AC.电压有效值为220V，电流有效值约为0.26AD.电压有效值约为311V，电流有效值约为0.18A12. 如图所示，两竖直放置的平行光滑导轨处于垂直于导轨平面的匀强磁场中，金属杆ab可沿导轨滑动，原先S断开，让ab杆由静止下滑，一段时间后闭合S，则从S闭合开始计时，ab杆的运动速度v随时间t的图像不可能是下图中的（）A. B. C. D.13. 一个打磨得很精细的小凹镜，其曲率很小可视为接近平面．将镜面水平放置如图所示．一个小球从镜边缘开始释放，小球在镜面上将会往复运动，以下说法中正确的是（）A.小球质量越大，往复运动的周期越长B.释放点离最低点距离越大，周期越短C.凹镜曲率半径越大，周期越长D.周期应由小球质量、释放点离平衡位置的距离，以及曲率半径共同决定14. 如图所示，在PQ、QR区域中存在着磁感应强度大小相等、方向相反的匀强磁场，磁场方向均垂直于纸面．一导线框abcdefa位于纸面内，框的邻边都相互垂直，bc边与磁场的边界P重合．导线框与磁场区域的尺寸如图所示．从t＝0时刻开始，线框匀速横穿两个磁场区域．以a→b→c→d→e→f为线框中的电动势ε的正方向，以下四个ε−t关系示意图中正确的是（）A. B.C. D.15. 如图所示，相距为d的两水平虚线L1和L2之间是方向水平向里的匀强磁场，磁感应强度为B，正方形线框abcd边长为L，L<d，质量为m，电阻为R，将线圈在磁场上方高为ℎ处，由静止释放，ab边刚进入磁场时速度为v0，ab边刚出磁场时速度也为v0，在线圈全部穿过磁场过程中（）A.感应电流所做功为mgdB.感应电流所做功为3mgdC.线圈最小速度一定为mgRB2L2D.线圈最小速度一定为√2gℎ−2gd+2gL二、填空题（共4小题，每小题3分，满分27分）行驶着的火车车轮，每接触到两根钢轨相接处的缝隙时，就受到一次撞击使车厢在支着它的弹簧上面振动起来．已知车厢的固有同期是0.58s，每根钢轨的长是12.6m，当车厢上、下振动得最厉害时，火车的车速等于________m/s．某同学在做“利用单摆测重力加速度”实验中，先测得摆线长为97.50cm，摆球直径为2.0cm，然后用秒表记录了单摆振动50次所用的时间为99.9s．则（1）该摆摆长为________cm．（2）（单选题）如果他测得的g值偏小，可能的原因是________A．测摆线长时摆线拉得过紧B．摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了C．开始计时，秒表过迟按下D．实验中误将49次全振动数为50次．请读出它们的读数．甲：读数为________mm乙：读数为________mm．丙：读数为________cm；丁：读数为________cm戊：读数为________mm．某同学使用游标为10个小等分刻度的游标卡尺测量一物体的尺寸，得到如图所示中的游标卡尺的读数，由于遮挡，只能看到游标的后半部分．图中游标卡尺的读数为________cm．三、解答题（共4小题，满分28分）如图为一单摆的共振曲线，则该单摆的摆长约为多少？共振时单摆的振幅多大？(g取10m/s2)有几个登山运动员登上一无名高峰，但不知此峰的高度，他们想迅速估测出高峰的海拔高度，但是他们只带了一些轻质绳子、小刀、小钢卷尺、可当作秒表用的手表和一些食品，附近还有石子、树木等，其中一个人根据物理知识很快就测出了海拔高度，请写出测量方法，需记录的数据，推导出计算高峰的海拔高度的计算式．如图所示，四分之一光滑圆弧轨道底部与光滑水平面相切于B点，OB的右边区域有垂直纸面向外的匀强磁场，左边区域有水平向左的匀强电场E．一质量为m、电荷量为q 的带正电的物体以速度v o从A点进入磁场，恰好无支持力滑向圆弧轨道底端B点，并恰好能到达圆弧最高点C，求：（1）磁感应强度B；（2）圆弧轨道半径R．如图所示，一半径为r的圆形导线框内有一匀强磁场，磁场方向垂直于导线框所在平面，导线框的左端通过导线接一对水平放置的平行金属板，两板间的距离为d，板长为l，t=0时，磁场的磁感应强度B从B0开始均匀增大，同时，在板2的左端且非常靠近板2的位置有一质量为m、带电量为−q的液滴以初速度v0水平向右射入两板间，该液滴可视为质点．（1）要使该液滴能从两板间射出，磁感应强度随时间的变化率K应满足什么条件？（2）要使该液滴能从两板间右端的中点射出，磁感应强度B与时间t应满足什么关系？参考答案与试题解析福建省龙岩市某校高二（下）周考物理试卷一、选择题（共15小题，每小题3分，满分45分）1.【答案】C【考点】霍尔效应及其应用【解析】金属块中移动的是自由电子，电流水平向右，知电子向左运动，根据左手定则判断洛伦兹力的方向，从而得知电子的偏转方向，最终比较出上下表面电势的高低．【解答】解：电子从右向左运动，根据左手定则，电子向上偏转，上表面得到电子带负电，下表面失去电子带正电，所以上表面的电势低于下表面的电势．故C正确，A、B、D错误．故选C．2.【答案】A【考点】简谐运动的回复力和能量【解析】A将做简谐振动，先找出平衡位置，然后根据简谐运动的对称性得到最高点的弹簧弹力，最后对M受力分析，求出压力．【解答】解：平衡后剪断A、B间细线，A将做简谐振动，在平衡位置，有：kx1=mg，在平衡之前的初位置，有：kx2=2mg，，故振幅为：A=x2−x1=mgk根据简谐运动的对称性，到达最高点时，弹簧处于原长，故此时木箱只受重力和支持力，二力平衡，故支持力等于重力Mg，由牛顿第三定律可知，木箱对地面的压力等于Mg；故选：A．3.【答案】B【考点】简谐运动的振幅、周期和频率【解析】弹簧振子作简谐运动时，加速度方向与位移方向总是相反．当振子离开平衡位置时，速度与位移方向相同，当振子靠近平衡位置时，速度与位移方向相反．振子通过平衡位置时，速度最大，加速度为零．振子每次通过平衡位置时，加速度相同，速度可能相同，也可能相反．【解答】解：由于振子在a、b两点的速度相同，则有a、b两点关于O点是对称的，所以O到b点的时间为0.1s，而从b再回到a的最短时间为0.4s，则从b再回到b的最短时间为0.2s，所以从b到最大位移处的最短时间为0.1s，因此振子的振动周期为0.8s，那么振子的振动频率为1.25Hz．故选：B4.【答案】C【考点】单摆周期公式【解析】根据“在相等时间内，振动次数之比等于其振动频率之比”的特点，可求出频率之比，且频率之比与周期之比互为倒数【解答】解：设摆A振动60次所需时间为tA摆振动1次所需时间为T1=t60，B摆振动一次所需时间为T2=t30周期之比为T1T2=12，频率之比与周期之比互为倒数故f1f2=T2T1=21故C正确故选：C5.【答案】C【考点】简谐运动的回复力和能量牛顿第二定律的概念【解析】此题暂无解析【解答】解：取车上货物为研究对象，现货物在竖直方向做简谐运动，当货物运动到最低点时，受到竖直向下的重力和竖直向上的车厢底板对货物的支持力，根据牛顿第二定律，得F N−mg=ma，F N=mg+ma，由简谐运动特点可知，货物运动到最低点和最高点加速度大小最大，则货物在最低点时车厢底板对货物的支持力最大，由牛顿第三定律可得，货物对车厢底板的压力最大，选项C正确．同理，当货物运动到最高点时，货物对车厢底板的压力最小．选项A、B、D错误．故选C．6.【答案】A【考点】变压器的构造和原理【解析】理想变压器的变压比公式为：U1U2=n1n2；分两次列式后联立求解即可．【解答】解：副线圈匝数为n2=30匝，输入电压U1=220V，输出电压U2=6V，根据变压比公式，有：U1U2=n1n2原线圈匝数不变，改变副线圈匝数，输入电压也不变，输出电压变为24V，根据变压比公式，有：U1U′2=n1n′2联立得到：△n=U′2−U2U2n2=24−66×30=90故选：A．7.【答案】B【考点】单摆周期公式【解析】做简谐运动的物体，每次通过同一位置时，一定相同的物理量是位移、加速度和能量．【解答】解：A、摆球经过同一位置的速度大小相等，向心力相等，摆线的张力相等，故A错误；B、摆球经过同一位置时，速度大小相同，方向可能相同，也可能相反，即速度不一定相同，速度可能变化，故B正确；C、单摆摆球多次通过同一位置时，单摆的位移、回复力、加速度、动能都相等，故CD错误；故选：B．8.【答案】D【考点】交流电的产生【解析】直流电是指电流的方向不发生变化的电流，其大小可以变化，交流电是指电流的方向发生变化的电流，但是它的电流的大小可以不变．【解答】解：交流电是指电流的方向发生变化的电流，电流的大小是否变化对其没有影响，电流的方向变化的是ABC，故ABC是交流电，D是直流电．本题选择不是的，故选：D．9.【答案】A【考点】法拉第电磁感应定律电源的电动势和内阻【解析】当穿过闭合回路磁通量发生变化时，产生感应电流，根据法拉第电磁感应定律，结合磁通量变化率的变化，判断感应电动势的变化．【解答】解：A、图①中，磁通量不变，不产生感应电动势．故A正确．B、图②中，图线的斜率不变，知磁通量的变化率不变，根据法拉第电磁感应定律E=n△Φ△t，知感应电动势不变．故B错误．C、图③中，回路在0∼t1时间内磁通量的变化率大于t1∼t2时间内磁通量的变化率，根据法拉第电磁感应定律E=n△Φ△t，回路在0∼t1时间内产生的感应电动势大于在t1∼t2时间内产生的感应电动势．故C错误．D、图④中，磁通量的变化率先减小后增大，根据法拉第电磁感应定律E=n△Φ△t，知感应电动势先减小后增大．故D错误．故选：A．10.【答案】C【考点】变压器的构造和原理【解析】根据电压之比等于线圈匝数比可以判断是否属于升压变压器，变压器对直流电不能进行升压或者降压．【解答】解：A、变压器对直流电不能进行升压或者降压，故AD错误；B、副线圈匝数小于原线圈匝数，根据电压之比等于线圈匝数比可知，此变压器是降压变压器，故B错误；C、副线圈匝数大于原线圈匝数，根据电压之比等于线圈匝数比可知，此变压器是升压变压器，并且可以使小灯泡发光，故C正确；故选C11.【答案】B【考点】交变电流的周期和频率【解析】已知电动机的额定电压和额定功率，根据公式P=UI可求正常工作时通过它的电流．根据有效值跟最大值的关系可求最大值．【解答】解：白炽灯泡上标“220V40W”，灯泡额定电压为220W，额定电压指的是有效值，正常工作时通过它的电流I=PU =40220≈0.18A，即电流有效值约为0.18A，根据正弦交流电有效值跟最大值的关系得电压最大值为220×√2≈311V，电流最大值约为0.18×√2≈0.26A．故ACD错误，B 正确；故选B．12.【答案】B【考点】电磁感应中的图象问题【解析】金属杆在重力作用下向下运动，竖直方向受重力和安培力作用，根据安培力大小与重力大小的关系分析金属杆的运动情况以及加速度变化情况．【解答】解：A．当闭合开关S时，满足mg=B 2L2vR时，金属杆匀速运动，A可能，故A错误．B．当速度大小变化时，感应电动势也会变化，感应电流也变化，安培力大小也变化，所以金属杆的加速度也在变化，所以不可能做匀加速运动，B没有可能，故B正确．C．如果mg>B2L2vR时，金属杆加速运动，速度增大，安培力增大，加速度减小最后匀速，C有可能，故C错误．D．当mg<B2L2vR时，金属杆减速运动，速度减小，安培力减小，加速度减小，D有可能，故D错误．该题选不可能的，故选：B．13.【答案】C【考点】单摆周期公式【解析】小凹镜的表面接近平面，知所对应的圆心角很小，小球的运动可看成单摆的运动，单摆的周期T=2π√Rg，可知周期与哪些因素有关．【解答】解：小球的运动可看成单摆的运动，根据单摆的周期T=2π√Rg，知小球的周期与质量、释放点的位置无关，与曲率半径有关，曲率半径越大，周期越大．故C正确，A、B、D 错误．故选C．14.【答案】C【考点】导线框切割磁感线电磁感应中的图象问题【解析】根据右手定则判断出不同阶段电动势的方向，以及根据E＝BLv求出不同阶段的电动势大小．刚进磁场时，只有bc边切割；bc边进入QR区域时，bc边和de边都切割磁感线，但等效电动势为0；bc边出磁场后，de边和af边切割磁感线，af边切割产生的电动势大于bc边；de边出磁场后后，只有af边切割．【解答】解：下面是线框切割磁感线的四个阶段示意图。
2024届福建省部分地市高三下学期第三次质检(暨第一次省质检)全真演练物理试题
2024届福建省部分地市高三下学期第三次质检（暨第一次省质检）全真演练物理试题一、单选题 (共7题)第(1)题如图所示，一个理想变压器原、副线圈匝数比为5∶1，原线圈接在交流电源上，其电压u随时间t变化规律为，副线圈接有的电阻。
电流表、电压表均为理想电表。
下列说法正确的是（）A．原线圈的输入功率为22 W B．副线圈输出交流电的周期为100 sC．电压表的示数为311 V D．电流表的示数为2.5 A第(2)题如图所示，在匀强电场中有直角三角形BOC，电场方向与三角形所在平面平行，若三角形三顶点处的电势分别为φ0=4.5V、φB=0V、φC=9V，且边长，，则下列说法中正确的是（ ）A．电场强度的大小为B．一个电子在O点由静止释放后会做曲线运动C．电场强度的大小为100V/mD．一个电子在O点由静止释放后会沿直线OB运动第(3)题如图甲所示，边长为L的正方形abcd区域内存在匀强磁场，磁感强度大小为，方向垂直于abed所在平面，且周期性变化（周期T可根据需要调整），如图乙所示，设垂直abcd平面向里为磁感强度的正方向。
现有一电子在时刻由a点沿ab方向射入磁场区，已知电子的质量为m，电荷量大小为e，图中边界上有两点f、g，且，关于电子在磁场中的运动，以下说法中正确的是（ ）A．调整磁场变化周期T，让电子沿bc方向经过c点，电子的速度大小一定是B．调整磁场变化周期T，让电子经过d点，电子的速度大小一定是C．要想让电子经过点f点，则磁场变化周期一定是D．要想让电子垂直bc边过g点，则磁场变化周期一定是第(4)题某型号智能手环在工作时会发出红光和绿光，与绿光相比（）A．红光频率高B．红光波长短C．红光光子能量小D．红光在真空中的传播速度快第(5)题如图所示为一半圆形玻璃砖的截面，其中AB为该截面半圆的直径，O为该截面半圆的圆心，P为该截面左边缘的一个点。
一束平行于底边AB的某单色光从P点射入；经玻璃砖表面第一次折射后的光线正好经过B点，则下列说法正确的是（ ）A．若将该入射光束向上或向下平移，则经玻璃砖左侧面第一次折射后的光线有可能平行于PBB．若将该入射光束向上或向下平移，则经玻璃砖左侧面第一次折射后能到达底面AB的光线，经底面AB反射后再从右侧面BC射出时，出射光线不可能平行底面ABC．若将该入射光束向下平移，则经玻璃砖左侧面第一次折射后的光线将到达底面ABD．若将该入射光束向上平移，则经玻璃砖左侧面第一次折射后的光线将到达侧面BC第(6)题为了有效隔离外界振动对的扰动，在圆底盘周边沿其径向对称地安装若干对紫铜薄板，并施加磁场来快速衰减其微小振动，如图所示。
福建省长汀一中高二下学期月考(人教版)物理试卷
2006年福建省长汀一中高二下学期月考（人教版）物理试卷一、选择题：（每小题只有一个选项是正确的，请把正确的答案填入答题卡中，每小题3分，共21分。
）1．关于安培力和洛伦兹力，如下说法中正确的是：（ ）A ．带电粒子在磁场中运动时，一定受到洛伦兹力作用B ．放置在磁场中的通电导线，一定受到安培力作用C ．洛伦兹力对运动电荷一定不做功D ．洛伦兹力对运动电荷的冲量一定为零2．关于磁感线和电场线，下述说法正确的是：（ ）A ．磁感线是闭合曲线，而静电场的电场线不是闭合曲线B ．磁感线和电场线都是一些互相平行的曲线C ．磁感线起始于N 极，终止于S 极；电场线起始于正电荷，终止于负电荷D ．磁感线和电场线都只能分别表示磁场和电场的方向3．如下图中的甲、乙、丙所示，氢原子中的每个电子都绕原子核做匀速圆周运动，它们的轨道半径相等，旋转方向相同。
给甲、乙两原子加垂直电子轨道平面的匀强磁场，方向如图所示。
三个原子中电子的旋转角速度分别设为1ω、2ω和3ω，那么：（ ）A ．123ωωω>> ．132ωωω>> C ．132ωωω<<D ．123ωωω==4．如图所示装置中，劲度系数较小的金属弹簧下端恰好浸入水银中，电源的电动势足够大，当闭合开关S 后，弹簧将：（ ）A ．保持静止B ．收缩 C ．变长D ．不断上下甲 丙5．如图所示，水平导线中通有稳恒电流I ，导线正下方的电子e 的初速度方向与电流方向相同，其后电子将：（ ）A ．沿路径a 运动，轨迹是圆B ．沿路径a 运动，曲率半径变小C ．沿路径a 运动，曲率半径变大D ．沿路径b 运动，曲率半径变小6．如图所示，固定的直导线通以自右向左的电流，上方有一线框与导线在同一竖直平面，并通以图示的电流，则线框会作下列哪种运动：（ ）A ．靠近导线移动B ．向右移动C ．离开导线移动D ．绕OO ′轴转动7．如图所示为质谱仪测定带电粒子质量的装置的示意图．速度选择器（也称滤速器）中场强E 的方向竖直向下，磁感应强度B 1的方向垂直纸面向里，分离器中磁感应强度B 2的方向垂直纸面向外。
福建省龙岩市长汀县新桥中学2014-2015学年高二下学期第三次周测生物
长汀县新桥中学2015年高二下学期生物周练试卷考试时间：90分钟总分：100分第Ⅰ卷选择题（每题2分，共60分）1．从生命活动的角度理解，人体的结构层次为()A．原子、分子、细胞器、细胞B．细胞、组织、器官、系统C．元素、无机物、有机物、细胞D．个体、种群、群落、生态系统2．某小组进行观察洋葱根尖分生组织细胞有丝分裂的实验，下列关于该实验的叙述正确的是()A．盐酸和酒精混合液主要起固定作用B．碱性染料吡罗红(派洛宁)可用于染色体染色C．观察到分裂末期细胞内细胞板向四周扩展形成新的细胞壁D．细胞内染色体的存在状态可作为判断有丝分裂各时期的依据3．下表中有关人体细胞化合物的各项内容，正确的是()4．分析下表，可推测()注：“＋”显色，“＋＋”显色更深；“－”不显色。
A．甲溶液含有淀粉B．乙溶液含有还原糖C．混合溶液不含淀粉D．混合溶液含有淀粉酶5．某同学以新鲜洋葱鳞片叶内表皮为材料，经不同处理和染色剂染色，用高倍显微镜观察。
下列描述正确的是()A．经吡罗红甲基绿染色，可观察到红色的细胞核B．经吡罗红甲基绿染色，可观察到绿色的细胞质C．经健那绿染色，可观察到蓝绿色颗粒状的线粒体D．经苏丹Ⅲ染色，可观察到橘黄色颗粒状的蛋白质6．下列关于细胞中化学元素的叙述，正确的是()A．细胞中一种元素的作用能被其他元素替代B．细胞中的脱氧核苷酸和脂肪酸都不含有氮元素C．主动运输机制有助于维持细胞内元素组成的相对稳定D．细胞中的微量元素因含量极少而不如大量元素重要7．下列对实验的相关叙述，正确的是()A．探索温度对唾液淀粉酶活性的影响，可用斐林试剂替代碘液进行检测B．检测试管中的梨汁是否有蔗糖，可加入适量斐林试剂后，摇匀、水浴加热并观察颜色变化C．在过氧化氢酶溶液中，加入双缩脲试剂A液和B液的混合液，摇匀后，观察到溶液由蓝色变成紫色D．纸层析法分离叶绿体色素的实验结果表明，叶绿素b在层析液中溶解度最低8．下列对组成细胞分子的描述，正确的是()A．水稻细胞中由C、G、T、U四种碱基参与合成的核苷酸有6种B．激素、抗体、酶、载体蛋白发挥作用后均将失去生物活性C．各种有机分子都因物种不同而存在结构差异D．碳元素是各种大分子化合物中质量分数最多的元素9．下列关于氨基酸和蛋白质的叙述，错误的是()A．酪氨酸几乎不溶于水，而精氨酸易溶于水，这种差异是由R基的不同引起的B．甜味肽的分子式为C13H16O5N2，则甜味肽是一种二肽C．某二肽的化学式是C8H14O5N2，水解后得到丙氨酸(R基为－CH3)和另一种氨基酸X，则X的化学式应该是C5H9O4ND．n个氨基酸共有m个氨基，则这些氨基酸缩合成的一个多肽中氨基数为m－n 10．若“淀粉—麦芽糖—葡萄糖—糖原”表示某生物体内糖类的某些转化过程，则下列说法正确的是()①此生物是动物，因为能将淀粉转化为糖原②上述关于糖的转化不可能发生在同一生物体内，因为淀粉和麦芽糖是植物特有的糖，而糖原是动物特有的糖③此生物一定是植物，因为它能含有淀粉和麦芽糖④淀粉和糖原都是储存能量的多糖，麦芽糖是二糖A. ②③B. ①④C. ①③④D. ①②④11．下列关于核酸的叙述中，正确的是()A．DNA和RNA中的五碳糖相同B．双链DNA分子中嘌呤数等于嘧啶数C．脱氧核糖核酸可以通过核孔自由进入细胞质D．噬菌体侵染细菌实验证明了DNA是主要遗传物质12．下列关于真核细胞结构的叙述，错误的是()A．细胞器在细胞质中的分布与细胞的功能相适应B．线粒体是细胞内物质氧化和能量转换的主要场所C．由rRNA 和蛋白质组成的核糖体具有特定空间结构D．高尔基体是细胞内蛋白质合成、加工和运输的场所13．下列细胞亚显微结构示意图，正确的是()细菌细胞蓝藻细胞A B水稻叶肉细胞小鼠肝脏细胞C D14．下列关于叶绿体和线粒体的叙述，正确的是()A．线粒体和叶绿体均含有少量的DNAB．叶绿体在光下和黑暗中均能合成ATPC．细胞生命活动所需的A TP均来自线粒体D．线粒体基质和叶绿体基质所含酶的种类相同15．16、 A ．膜载体蛋白的合成不需要ATPB ．葡萄糖跨膜运输不需要载体蛋白C ．线粒体外膜与内膜的主要功能不同D ．变形虫和草履虫的细胞膜基本组成成分不同17．下列有关细胞结构和功能的叙述，正确的是( )A ．需氧生物的细胞都是以线粒体作为产能的“动力车间”B ．溶酶体能合成多种水解酶并降解所吞噬的物质C ．真核细胞功能不同主要是因为各细胞内细胞器的种类和数量不同D ．噬菌体、蓝藻、酵母菌都具有核糖体这种细胞器18．下列有关细胞器的叙述，正确的是( )A ．进行厌氧呼吸的细胞中没有线粒体B ．在动物细胞有丝分裂的后期，着丝点的分裂与中心体无关C ．蛋白质合成后，需要依次进入内质网和高尔基体加工D ．绿色植物体细胞均通过光合作用制造有机物19．用特异性的酶处理某一生物的最外面部分，发现降解的产物主要是葡萄糖，进一步分离该细胞的某种细胞器进行分析，发现其含有尿嘧啶，据此推测，这种细胞器不可能完成的生化反应是(反应都在相关酶的催化下进行)( )A ．CO 2＋H 2O ――→光叶绿体(CH 2O)＋O 2 B ．丙氨酸＋甘氨酸―→丙甘二肽＋H 2OC ．C 3H 4O 3(丙酮酸)＋H 2O ―→CO 2＋＋能量D ．C 6H 12O 6＋O 2―→CO 2＋H 2O ＋能量20．下列有关细胞核的叙述，正确的是( )A ．原核细胞的拟核除没有核膜外，其他结构与真核细胞的细胞核没有差别B ．在电镜下观察有丝分裂中期的细胞，可以看到核膜、核仁和染色体等结构C ．脱氧核糖核酸等大分子物质可以通过核孔进入细胞质D ．真核细胞的核膜上附着多种酶，有利于化学反应的顺利进行21．细胞是生物体结构和功能的基本单位，下列有关说法正确的是( )A ．中心体在洋葱根尖分生区细胞有丝分裂过程中发挥重要作用B ．蛙的红细胞中没有细胞核和众多细胞器，所以可用来提取细胞膜C ．与胰岛素的合成、加工、分泌有关的结构有细胞核、核糖体、内质网、高尔基体、线粒体等D ．非相邻细胞间可以通过信息分子(如激素、递质、淋巴因子等)和细胞膜接触等来交流信息22、只有在保持细胞活性的条件下，才能显示细胞中某物质或结构的实验是A.苏丹Ⅲ染色观察花生种子子叶细胞中的脂肪B.龙胆紫染色观察洋葱根尖分生区细胞的有丝分裂C.健那绿（詹纳斯绿B ）染色观察动物细胞的线粒体D.甲基绿、派洛宁（呲罗红）染色观察动物细胞中的DNA 和RNA23．如图为核苷酸的模式图，下列相关说法正确的是 ( )A ．DNA 与RNA 在核苷酸上的不同点表现在①和②两方面上B ．如果要构成A TP ，只要在①位置上加上2个磷酸基团即可C ．③在病毒中共有4种，在人体中共有8种D．植物体内的③有5种，②有2种24．下列关于核酸的叙述中正确的有()①组成DNA与A TP的元素种类不同②DNA和RNA中的五碳糖相同③DNA分子中两条脱氧核苷酸链之间的碱基一定是通过氢键连接的④双链DNA分子中嘌呤数等于嘧啶数⑤分子大小相同、碱基含量相同的核酸分子所携带的遗传信息一定相同⑥真核生物以DNA为遗传物质，部分原核生物以RNA为遗传物质⑦沸水浴条件下，脱氧核苷酸与二苯胺发生作用呈现蓝色 A ①③④ B ③④ C ④⑦ D ⑤⑦25．下列关于蛋白质的叙述中正确的有()①细胞中氨基酸种类和数量相同的蛋白质是同一种蛋白质②蛋白质肽链的盘曲和折叠被解开时，其特定功能并未发生改变③tRNA、mRNA、rRNA都参与蛋白质的合成④磷脂和蛋白质合成时，需要模板⑤具有生物催化作用的酶都是由氨基酸组成的⑥某蛋白质由m条肽链、n个氨基酸组成。
福建省龙岩市长汀县长汀、连城一中等六校2024届高三下学期月考(一)物理试题
福建省龙岩市长汀县长汀、连城一中等六校2024届高三下学期月考（一）物理试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。
第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、某体育场看台的风雨棚是钢架结构的，两侧倾斜钢柱用固定在其顶端的钢索拉住，下端用较链与水平地面连接，钢索上有许多竖直短钢棒将棚顶支撑在钢索上，整个系统左右对称，结构简化图如图所示。
假设钢柱与水平地面所夹锐角为60︒，钢索上端与钢柱的夹角为30︒，钢索、短钢棒及棚顶的总质量为m，重力加速度为g。
则钢柱对钢索拉力的大小为（）A．12mg B．mg C．3mg D．2mg2、如右图所示，固定着的钢条上端有一小球，在竖直平面内围绕虚线位置发生振动，图中是小球振动到的最左侧，振动周期为0.3s．在周期为0.1s的频闪光源照射下见到图像可能是（）A．B．C．D．3、下列说法中正确的是（）A．伽利略研究自由落体运动的核心方法是把实验和逻辑推理结合起来B．自然界的四种基本相互作用是强相互作用，弱相互作用，电相互作用和磁相互作用C．“月－地检验”证明了一切场力都遵循“平方反比”的规律D．一对相互作用力做功，总功一定为零4、一列向右传播的横波在t=0时的波形如图所示，A、B两质点间距为8m，B、C两质点平衡位置的间距为3m，当t=1s时，质点C恰好通过平衡位置，该波的波速可能为（）A．13m/s B．3m/sC．5m/s D．11m/s5、如图所示，磁感应强度为B的匀强磁场分布在半径为R的圆内，CD是圆的直径，质量m、电荷量为q的带正电的粒子，从静止经电场加速后，沿着与直径CD平行且相距22R的直线从A点进入磁场。
长汀县龙山中学物理光的折射 透镜综合测试卷(word含答案)
一、初二物理光的折射透镜实验易错压轴题（难）1．在探究凸透镜成像规律的实验中，黄汉首先测量了两个凸透镜的焦距，他设计了如下的表格：1焦距f/mm2焦距f/mm3焦距f/mm4焦距f/mm5焦距f/mm平均焦距f/mm凸透镜1凸透镜2(1)测量凸透镜焦距的实验原理是利用凸透镜对光有______（选填“会聚”或“发散”）作用。
此实验进行了多次测量，目的是______；(2)测出焦距后，黄汉选用了凸透镜1进行探究凸透镜成像的实验，分别进行了图（a）（b）、（c）图所示的实验。
请回答：①u表示______；②照相机是属于种______情形。
投影仪是属于______种情形能成虚像的是______种情形；[选填“（a）”“（b）”或“（c）”]③比较（a）、（b）两图，（a）图成的像比（b）图成的像______（选填“大”或“小”）。
【答案】会聚减小误差物距（a）（b）（c）小【解析】【分析】【详解】(1)[1]凸透镜对光有会聚作用，平行于主光轴的光线经过凸透镜后会会聚到焦点上，据此能测量出焦距。
[2]实验进行了多次测量取平均值，目的是为了减小误差。
(2)[3]由图可知，u是指蜡烛到透镜的距离，其表示的是物距。
[4][5][6]由图（a）可知，物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像，其应用是照相机；由图（b）可知，物距在一倍焦距和二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像，其应用是投影仪；由图（c）可知，物距小于焦距，成正立、放大的虚像。
[7]从（a）到（b）的过程中，物距变小，像距变大，像变小，所以（a）图成的像比（b）图成的像小。
2．探究凸透镜成像的规律。
(1)选取焦距为10cm的凸透镜、蜡烛和光屏，将它们置于光具座上。
点燃蜡烛，调整凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰的中心大致在______；(2)当蜡烛、凸透镜在如图所示的位置时，调整光屏到______（填“A”、“B”或“C”）位置时，生活中的______（填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）就是根据这个成像原理制成的；(3)保持凸透镜的位置不变，将蜡烛和光屏位置对调，光屏上______（填“能”或“不能”）再次看到清晰的像。
长汀县龙山中学高中物理选修三第三章《热力学定律》经典测试(培优)
一、选择题1．某校开展探究性课外活动，一名同学用右图所示的装置研究气体压强、体积、温度三者之间的变化关系。
该同学选用导热良好的汽缸将其开口向下，内装理想气体，并将汽缸固定不动，但缸内活塞可自由滑动且不漏气，他把一温度计通过缸底小孔插入缸内，插口处密封良好，活塞下挂一个沙桶，沙桶装满沙子时活塞恰好静止。
他把沙桶底部钻一个小洞，让细沙慢慢漏出，外部环境温度恒定，由此可确定（）A．外界对气体做功，内能增大B．外界对气体做功，温度计示数不变C．气体体积减小，温度计示数减小D．外界对气体做功，温度计示数增大2．A、B两装置，均由一支一端封闭、一端开口且带有玻璃泡的管状容器和水银槽组成，除玻璃泡在管上的位置不同外，其他条件都相同．将两管抽成真空后，开口向下竖直插人水银槽中（插入过程没有空气进入管内），水银柱上升至图示位置停止．假设这一过程水银与外界没有热交换，则下列说法正确的是A．A中水银的内能增量大于B中水银的内能增量B．B中水银的内能增量大于A中水银的内能增量C．A和B中水银体积保持不变，故内能增量相同D．A和B中水银温度始终相同，故内能增量相同3．热力学第二定律使人们认识到自然界中进行的涉及热现象的宏观过程()A．都具有方向性B．只是部分具有方向性C．没有方向性D．无法确定4．一定质量理想气体的状态经历了如图所示的ab、bc、cd、da四个过程，其中ab与竖直轴平行，bc的延长线通过原点，cd与水平轴平行，da与bc平行，则下列说法错误．．的是A．ab过程中气体内能不变B．ab过程中气体体积减少C．bc过程中其体体积保持不变D．cd过程外界对气体做功5．如图所示，A、B为两相同的绝热气缸，用绝热活塞封闭了压强、体积、温度、质量均相同的同种气体，活塞和杠杆质量不计，活塞和杠杆接触，忽略一切摩擦．O为固定轴，且MO=NO，将A中气体温度升高（变化不大）到杠杆MN重新平衡，下列说法正确的是（）A．B中气体温度不变B．B中气体温度降低C．A中气体克服外力做功，外界对B气体做功D．A中气体内能增加，B中气体内能减少6．图中气缸内盛有定量的理想气体，气缸壁是导热的，缸外环境保持恒温，活塞与气缸壁的接触是光滑的，但不漏气．现将活塞杆与外界连接使其缓慢的向右移动，这样气体将等温膨胀并通过杆对外做功．若已知理想气体的内能只与温度有关，则下列说法正确的是（）A．气体是从单一热源吸热，全用来对外做功，因此此过程违反热力学第二定律B．气体是从单一热源吸热，但并未全用来对外做功，所以此过程不违反热力学第二定律C．气体是从单一热源吸热，全用来对外做功，但此过程不违反热力学第二定律D．ABC三种说法都不对7．如图所示，导热的气缸开口向下，缸内活塞封闭了一定质量的理想气体，活塞可自由滑动且不漏气，活塞下挂一个砂桶，砂桶装满砂子时，活塞恰好静止，现将砂桶底部钻一个小洞，让细砂慢慢漏出．气缸外部温度恒定不变，则A．缸内的气体压强减小，内能减小B．缸内的气体压强增大，内能减小C．缸内的气体压强增大，内能不变D．外界对气体做功，缸内的气体内能增加8．有人设想在夏天用电冰箱来降低房间的温度．他的办法是：关好房间的门窗然后打开冰箱的所有门让冰箱运转，且不考虑房间内外热量的传递，则开机后，室内的温度将() A．逐渐有所升高B．保持不变C．开机时降低，停机时又升高D．开机时升高，停机时降低9．如图所示，一定质量的理想气体密封在绝热(即与外界不发生热交换)容器中，容器内装有一可以活动的绝热活塞．今对活塞施以一竖直向下的压力F，使活塞缓慢向下移动一段距离后，气体的体积减小．若忽略活塞与容器壁间的摩擦力，则被密封的气体( )图13－2－4A．温度升高，压强增大，内能减少B．温度降低，压强增大，内能减少C．温度升高，压强增大，内能增加D．温度降低，压强减小，内能增加10．下列说法中正确的是（）A．温度低的物体内能小B．外界对物体做功时，物体的内能一定增加C．温度低的物体分子运动的平均动能小D．做加速运动的物体，由于速度越来越大，因此物体分子的平均动能越来越大11．如图所示，现用活塞将一定质量的理想气体封闭在直立圆筒形导热的汽缸中，待系统稳定（活塞处于静止）后逐渐往活塞上堆放细沙，使活塞缓慢下降。
高二物理下学期期中复习试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
2014-2015学年江西省赣州市信丰中学高二〔下〕期中物理复习试卷一.选择题1．〔3分〕〔2015•龙岩校级模拟〕如下有关四幅图的说法中正确的答案是〔〕A．粗糙斜面上的金属球M在弹簧的作用下运动，该运动是简谐运动B．单摆的摆长为L，摆球的质量为m、位移为x，此时回复力为F=﹣xC．作简谐运动的某质点在t1时刻速度与加速度方向都发生了变化D．在张紧的绳子上悬挂5个摆，当A摆振动的时候，通过绳使其余各摆做受迫振动，只有E 摆振动周期等于A摆振动周期考点：产生共振的条件与其应用；简谐运动的回复力和能量．分析：首先知道简谐运动的特点，运动、恢复力、位移和能量的特点；以与判断简谐运动的依据，据此分析判断即可．解答：解：A、粗糙的斜面上的物体由于受摩擦力运动，物体最终停下来，做阻尼振动，并非简谐运动，故A错误；B、单摆的摆长为L，摆角小于5度，摆球的质量为m、位移为x，由于重力沿半径方向的力提供向心力，沿半径切线方向的分力提供了恢复力，此时回复力为F=﹣x，所以此运动为简谐运动，故B正确；C、据图象可知，简谐运动的某质点在t1时刻速度方向不变，加速度方向都发生了变化，故C错误；D、如下列图，当A摆振动的时候，通过绳使其余各摆做受迫振动，各摆的摆振动周期等于A摆振动周期，故D错误；应当选：B．点评：此题考查简谐运动的知识，但所考的内容较多，解题的关键是知道简谐运动的特点、常见的运动特点和共振的特点，根底题．2．如图是电熨斗的结构图，如下说法正确的答案是〔〕A．双金属片上层金属的膨胀系数小于下层金属B．常温下，上下触点接触；温度过高时，双金属片发生弯曲使上下触点别离C．需要较高温度熨烫时，要调节调温旋钮，使升降螺丝下移并推动弹性铜片下移D．双金属片温度传感器的作用是控制电路的通断考点：常见传感器的工作原理．分析：了解双金属片的特点：利用不同膨胀系数的金属片做成，当温度升高时，金属片向膨胀系数小的发生弯曲，触点断开；当温度降低时，金属片向膨胀系数大的发生弯曲，触点不断开；调节温度原理根据金属片的在电路中的连接有关．解答：解：A、当温度升高时，金属片向膨胀系数小的发生弯曲，触点断开，故双金属片上层金属的膨胀系数大于下层金属片，故A错误B、常温下，上下触点接触；温度过高时，双金属片发生弯曲使上下触点分开，起到调温作用，故B正确C、需要较高温度熨烫时，要调节调温旋钮，使升降螺丝下移并推动弹性铜片下移，当温度升到较高，金属片发生弯曲较厉害触点才断开，故C正确D、双金属片温度传感器的作用是控制电路的通断，故D正确应当选BCD．点评：考查了双金属片传感器的工作原理，了解其特点．3．如下列图，图线a为线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生的正弦交流电的图象，当调整线圈转速后，所产生的正弦交流电的图象如图线b所示．关于这两个交流电的如下说法中正确的答案是〔〕A．图中t=0时刻穿过线圈的磁通量均为零B．线圈先后两次转速之比为3：2C．交流电a的电动势瞬时值表达式为e=10sin5πt〔V〕D．交流电b的电动势最大值为5 V考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：由图读出a电压最大值U m，周期T，由ω=求出ω，写出交流电a的瞬时值表达式．由周期关系求出转速关系．t=0时刻电压为零，由法拉第电磁感应定律分析磁通量．根据电动势最大值公式E m=nBSω判断最大值的变化情况．解答：解：A、t=0时刻两个正弦式电流的感应电动势瞬时值均为零，线圈都与磁场垂直，穿过线圈的磁通量都最大．故A错误；B、由图读出两电流周期之比为T a：T b=0.4s：0.6s=2：3，而T=，如此线圈先后两次转速之比为3：2．故B正确；C、正弦式电流a的瞬时值为u=U m sin t=10sin t=10sin5πt〔V〕．故C正确；D、根据电动势最大值公式E m=nBSω=nBS，得到两电动势最大值之比为E ma：E mb=T b：T a=3：2，E ma=10V，如此得到正弦式电流b的最大值为E mb=V．故D错误；应当选：BC．点评：此题考查对正弦式电流图象的理解能力．对于正弦式电流的感应电动势与磁通量的关系、电动势最大值公式E m=nBSω能理解掌握，就能正确解答．4．如图甲，一弹簧振子在AB间做简谐运动，O为平衡位置．如图乙是振子做简谐运动时的位移﹣时间图象．如此关于振子的加速度随时间的变化规律，如下四个图象中正确的答案是〔〕A．B．C．D．考点：简谐运动的振动图象．专题：振动图像与波动图像专题．分析：由图乙知，t=0时刻振子的位移x=0．根据简谐运动振子的加速度与位移的关系a=﹣，分析加速度与时间的关系，可知图象按正弦规律变化．解答：解：根据简谐运动振子的加速度与位移的关系a=﹣，得到t=0时刻振子的加速度a=0，而且在前半个周期内加速度为负值．简谐运动的x﹣t图象是正弦曲线，如此a﹣t 图象也是正弦曲线．故C正确．应当选C点评：此题关键抓住简谐运动加速度与位移的关系，根据计时开始时刻的加速度与方向选择图象．5．光滑的水平面叠放有质量分别为m和的两木块，下方木块与一劲度系数为k的弹簧相连，弹簧的另一端固定在墙上，如下列图．两木块之间的最大静摩擦力为f，为使这两个木块组成的系统象一个整体一样地振动，系统的最大振幅为〔〕A．B． C． D．考点：简谐运动的回复力和能量；简谐运动．分析：对整体而言，回复力为弹簧的弹力，对上面的木块而言，回复力为静摩擦力．振幅最大时，回复力最大．解答：解：对整体最大振幅时有kA=〔m+〕aa=隔离分析，当最大振幅时，两木块间的摩擦力达到最大静摩擦力．f=a=所以A=．故C正确，A、B、D错误．应当选C．点评：解决此题的关键会分析物体做简谐运动的回复力是什么力．知道该题中最大振幅时两木块间的摩擦力达到最大静摩擦力．6．如图〔a〕是演示简谐运动图象的装置，当盛沙漏斗下面的薄木板N被匀速拉出时，摆动着的漏斗中漏出的沙在板上形成的曲线显示出摆的位移随时间变化的关系，板上的直线OO′代表时间轴．图〔b〕是两个摆中的沙在各自木板上形成的曲线，ON1=ON2．假设N1和N2板拉动的速度v1和v2的关系为v2=2v1，如此板N1、N2上曲线所代表的振动周期T1和T2的关系为〔〕A．T2=T1B．T2=2T1C．T2=4T1D．T2=T1考点：简谐运动的振幅、周期和频率；单摆周期公式．专题：简谐运动专题．分析：单摆的摆动和木板的运动同时进展，时间一样，根据速度的定义公式列式比拟即可．解答：解：设板长为L，如此：；根据题意，有：v2=2v1故T1=4T2应当选：D．点评：此题关键抓住单摆的摆动和木板的平移同时发生，然后结合速度的定义求解周期，根底题．7．如下列图，振子以O点为平衡位置在A、B间做简谐运动，从振子第一次到达P点开始计时，如此〔〕A．振子第二次到达P点的时间间隔为一个周期B．振子第三次到达P点的时间间隔为一个周期C．振子第四次到达P点的时间间隔为一个周期D．振子从A点到B点或从B点到A点的时间间隔为一个周期考点：简谐运动的振幅、周期和频率．分析：弹簧振子的周期是振子完成一次全振动的时间，分析振子振动的过程，确定周期．解答：解：ABC、从经过某点开始计时，如此再经过该点两次所用的时间为一个周期，故B正确，A、C错误．D、振子从A到B或从B到A的时间间隔为半个周期，故D错误．应当选：B点评：此题关键要抓住振子开始振动的方向有两种，但从某点开始计时，再经过该点两次所用的时间为一个周期，难度不大，属于根底题．8．公路上匀速行驶的货车受一扰动，车上货物随车厢底板上下振动但不脱离底板．一段时间内货物在竖直方向的振动可视为简谐运动，周期为T．取竖直向上为正方向，以某时刻作为计时起点，即t=0，其振动图象如下列图，如此〔〕A．t=T时，货物对车厢底板的压力最大B．t=T时，货物对车厢底板的压力最小C．t=T时，货物对车厢底板的压力最大D．t=T时，货物对车厢底板的压力最小考点：简谐运动的回复力和能量；向心力．分析：货物的回复力由重力和弹簧的弹力产生．振动图象反映货物的位移随时间的变化情况，根据简谐运动的特征：F=﹣kx，以货物为研究对象，根据加速度的方向，由牛顿第二定律分析弹簧的弹力的变化情况．当货物的加速度方向竖直向上，而且达到最大时，弹簧对货物的弹力最大，货物对车厢底板的压力最大．当货物的加速度方向竖直向下，而且达到最大时，弹簧对货物的弹力最小，货物对车厢底板的压力最小．解答：解：A、在t=时刻，由图看出，货物的位移为正向最大，如此货物的加速度为负向最大，即加速度向下最大，根据牛顿第二定律可知，货物受到的弹力最小，如此货物对车厢底板的压力最小．故A错误．B、在t=时刻，货物的位移为零，加速度为零，弹簧的弹力大小等于货物的重力，而在t=时刻，货物的弹簧小于货物的重力，说明在t=时刻，弹簧的弹力不是最小，如此货物对车厢底板的压力不是最小．故B错误．C、D在t=时刻，由图看出，货物的位移为负向最大，如此货物的加速度为正向最大，即加速度向上最大，根据牛顿第二定律可知，货物受到的弹力最大，如此货物对车厢底板的压力最大．故C正确，D错误．应当选：C．点评：此题考查运用牛顿第二定律分析简谐运动中物体受力情况的能力，也可以应用超重、失重观点进展分析．9．一弹簧振子做简谐运动，周期为T〔〕A．假设t时刻和〔t+△t〕时刻振子运动位移大小相等、方向一样，如此△t一定等于T的整数倍B．假设t时刻和〔t+△t〕时刻振子运动速度的大小相等、方向相反，如此△t一定等于的整数倍C．假设△t=T，如此在t时刻和〔t+△t〕时刻振子运动的加速度一定相等D．假设△t=，如此在t时刻和〔t+△t〕时刻弹簧的长度一定相等考点：简谐运动的振幅、周期和频率．专题：简谐运动专题．分析：弹簧振子做简谐运动，两个时刻位移一样，△t不一定等于T的整数倍．只有当位移、速度都一样时，△t才等于T的整数倍．振子运动速度的大小相等、方向相反，△t一定等于的整数倍．经过整数倍周期，加速度一定一样．经过△t=，弹簧的长度不一定相等．解答：解：A、假设t时刻和〔t+△t〕时刻振子运动位移大小相等、方向一样，△t不一定等于T的整数倍．只有当位移、速度都一样时，△t才等于T的整数倍．故A错误．B、假设t时刻和〔t+△t〕时刻振子运动速度的大小相等、方向相反，可能振子经过同一点，也可能经过关于平衡位置对称的两位置，△t不一定等于的整数倍．故B错误．C、经过整数倍周期，加速度一定一样．故C正确．D、△t=，在t时刻和〔t+△t〕时刻振子的速度相反，但弹簧的长度不一定相等．故D错误．应当选C点评：此题对简谐运动过程的分析和理解能力，也可以画简谐运动图象更直观反映运动过程．二、非选择题：10．〔2015春•赣州校级期中〕某同学做“用单摆测定重力加速度〞的实验时：〔1〕如果他测得的g值偏小，可能的原因是 B ．A．测摆线长时测了悬线的总长度B．摆线上端未结实地系于悬点，振动中出现松动，摆线长度增加了，使周期变大了C．开始计时时，秒表过迟按下．D．实验中误将49次全振动数次数记为50次〔2〕为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长l并测出相应的周期T，从而得出一组对应的l与T2的数据如图1所示，再以l为横坐标，T2为纵坐标将所得数据连成直线，并求得该直线的斜率为k，如此重力加速度g=．〔用k表示〕〔3〕此同学用游标卡尺测一小球直径如图2，游标尺为20等份，如此读数应为24.20mm．考点：用单摆测定重力加速度．专题：实验题；单摆问题．分析：〔1〕根据重力加速度的表达式分析g值偏小可能的原因．〔2〕根据重力加速度的表达式和数学知识，分析T2﹣l图线斜率k的意义，得到g的表达式．〔3〕解决此题的关键掌握游标卡尺的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．解答：解：〔1〕A、测摆线长时测了悬线的总长度，测得摆长偏大，如此根据重力加速度的表达式g=，可知，测得的g值偏大．故A错误．B、摆线上端未结实地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，使周期变大了，由g=可知，测得的g值偏小．故B正确．C、开始计时时，秒表过迟按下，测得的时间偏小，周期偏小，如此测得的g值偏大．故C 错误．D、实验中误将49次全振动数次数记为50次，由T=求出的周期偏小，测得的g值偏大．故D错误．应当选：B．〔2〕根据重力加速度的表达式g=可知，T2﹣l图线斜率k=，如此g=．〔3〕游标卡尺的固定刻度读数为24mm，游标尺上第0个刻度游标读数为：0.05×4mm=0.20mm，所以最终读数为：24mm+0.20mm=24.20 mm；故答案为：〔1〕B；〔2〕；〔3〕24.20 mm．点评：单摆的摆长不是摆线的长度，还要加上摆球的半径．对于实验误差，要从实验原理公式进展分析．解决此题的关键掌握游标卡尺的读数方法，用主尺读数加上游标读数，不需估读．11．〔2015春•赣州校级期中〕单摆测定重力加速度的实验中：〔1〕实验时用20分度的游标卡尺测量摆球直径，示数如图甲所示，该摆球的直径d= 11.70 mm．〔2〕悬点到小球底部的长度l0，示数如图乙所示，l0= 100.25 cm〔3〕实验时用拉力传感器测得摆线的拉力F随时间t变化的图象如图丙所示，然后使单摆保持静止，得到如图丁所示的F﹣t图象．那么：①重力加速度的表达式 g=〔用题目中的物理量d、l0、t0表示〕．②设摆球在最低点时E p=0，已测得当地重力加速度为g，单摆的周期用T表示，那么测得此单摆摆动时的机械能E的表达式是BD ．A． B． C．D．．考点：用单摆测定重力加速度．专题：实验题；单摆问题．分析：〔1、2〕游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读；刻度尺读数需估读到最小刻度的下一位．〔3〕由图线得出单摆的周期，结合单摆的周期公式求出重力加速度的表达式．单摆摆动时的机械能等于最低点的动能和势能之和，根据牛顿第二定律，结合拉力和重力的合力提供向心力，求出最低点的动能，从而求出单摆在最低点的机械能．解答：解：〔1〕游标卡尺的主尺读数为11mm，游标读数为14×0.05mm=0.70mm，如此最终读数为11.70mm，摆球的直径为11.70mm．〔2〕悬点到小球底部的长度l0=100.25cm．〔3〕由摆线的拉力F随时间t变化的图象知，单摆的周期为4t0，根据T=2π，重力加速度为：g===．单摆在最低点时F1﹣mg=m，mg=F3．根据周期公式摆长l=，联立三个式子，得：E k=mv2=，如此机械能为：E=E k+E p=．当单摆摆动最高点时，有：E=E p=mgl〔1﹣cosθ〕，又F2=mgcosθ，l=，解得E=，故B、D正确，A、C错误．故答案为：〔1〕11.70；〔2〕100.25；〔3〕①．②BD．点评：解决此题的关键掌握单摆的周期公式，知道游标卡尺和刻度尺的读数方法，以与知道单摆在摆动的过程中，通过平衡位置时，拉力和重力的合力提供向心力，此时拉力最大．在最大位移处，拉力等于重力的分力，此时拉力最小．12．〔2015春•赣州校级期中〕如下列图，质量为m的木块放在轻弹簧上，与弹簧一起在竖直方向上做简谐运动．当振幅为A时，物体对弹簧最大的压力是物体重力的1.5倍，重力加速度为g，如此：〔1〕物体对弹簧的最小弹力是多大？〔2〕要使物体在振动中不离开弹簧，振幅不能超过多大？考点：牛顿第二定律；胡克定律．分析：当木块运动到最低点时，对弹簧弹力最大，此时由牛顿第二定律列式，当木块运动到最高点时，对弹簧弹力最小，此时由牛顿第二定律列式，由运动的对称性知，最高点与最低点的加速度大小相等，带入公式即可求解最小弹力；在最高点或最低点根据胡克定律求出弹簧的劲度系数，物体在平衡位置下方处于超重状态，不可能离开弹簧，只有在平衡位置上方可能离开弹簧．要使物体在振动过程中恰好不离开弹簧，物体在最高点的加速度a=g此时弹簧的弹力为零．假设振幅再大，物体便会脱离弹簧．物体在最高点刚好不离开弹簧时，回复力为重力，根据胡克定律即可求解最大振幅．解答：解：〔1〕在最低点物体对弹簧的弹力最大，由牛顿第二定律得：F N1﹣mg=ma在最高点物体对弹簧的弹力最小，由简谐运动的对称性可知：mg﹣F N2=ma联立解得：F N2=0.5mg〔2〕物体在平衡位置下方处于超重状态，不可能离开弹簧，只有在平衡位置上方可能离开弹簧．要使物体在振动过程中恰好不离开弹簧，物体在最高点的加速度a=g此时弹簧的弹力为零．假设振幅再大，物体便会脱离弹簧．物体在最高点刚好不离开弹簧时，F N=0，此时木块运动到最高点，mg=kA'而F N1﹣mg=ma=kA，解得：A'=2A答：〔1〕物体对弹簧的最小弹力是0.5mg〔2〕要使物体在振动中不离开弹簧，振幅不能超过2A点评：解决此题要知道当木块运动到最低点时，对弹簧弹力最大，当木块运动到最高点时，对弹簧弹力最小，并根据牛顿第二定律与胡克定律求解，难度适中．13．〔2015春•赣州校级期中〕一台发电机的功率是44kW，用总电阻为0.2Ω的导线输送到用户，如此：〔1〕假设用220V的电压输电，输电线上损失的功率是多少？用户得到的电压与功率分别为多少？〔2〕假设用2.2kV的电压输电，输电线上损失的功率又是多少？用户得到的电压与功率又分别为多少？考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：根据输送功率P=UI求出输电电流，结合P损=I2R求出输电线上损耗的功率．用户得到的功率为P用=P﹣P损解答：解：〔1〕根据P=UI知，输电线上的电流如此输电线上损失的功率P损=I12R=2002×0.2W=8000W．用户得到的功率为P用=P﹣P损=44000﹣8000W=36Kw用户得到的电压U=220﹣IR=220﹣200×0.2=180V；〔2〕根据P=UI知，输电线上的电流，如此输电线上损失的功率P损=I22R=400×0.2W=80W．用户得到的功率为P用=P﹣P损=44000﹣80W=43.92Kw用户得到的电压U=2200﹣20×0.2=2196V；答：〔1〕假设用220V的电压输电，输电线上的电流为200A，输电线发热损失的功率是8000W，用户得到功率为6w；得到的电压为180V；〔2〕假设用22kV的电压输电，输电线上电流为2A，输电线发热损失的功率又是80W，用户得到功率为43.92Kw．得到的电压为2196V．点评：解决此题的关键知道输送功率与输送电压、电流的关系，掌握输电线上的功率损失合P损=I2R．14．〔2015春•东城区期末〕在远距离输电时，要考虑尽量减少输电线上的功率损失．有一个小型发电站，输送的电功率为P=500kW，当使用U=5kV的电压输电时，测得安装在输电线路起点和终点处的两只电度表一昼夜示数相差4800kWh．求：〔1〕输电效率η和输电线的总电阻r；〔2〕假设想使输电效率提高到98%，又不改变输电线电阻，那么电站应使用多高的电压向外输电？考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：〔1〕根据输电线上损失的电能得出终点得到的电能，结合得到的电能和总电能求出输电的效率．根据输送电压和输送功率求出输送电流，根据输电线上损耗的功率求出输电线的电阻．〔2〕结合输电线上损耗的功率与输送电压的关系，求出调节的电压大小．解答：解：〔1〕输送功率 P=500kW，一昼夜输送电能E=Pt=12000 kWh，输电线上损失的电能△E=4800kWh，终点得到的电能E′=E﹣△E=12000﹣4800kWh=7200 kWh，所以，输电效率η===60%．输电线上的电流=A=100A输电线损耗功率 P r=I2r，其中P r==200 kW代入数据解得r=20Ω．〔2〕输电线上损耗功率，原来P r=200kW，现在要求P r′=10kW，解得输电电压应调节为U′=22.4kV．答：〔1〕输电效率η为60%，输电线的总电阻r为20Ω．〔2〕电站应使用22.4kV的电压向外输电．点评：解决此题的关键知道输电线上的损失功率与其电流的平方成正比，而与输电线两端的电压的平方成反比．。
2024届福建省龙岩市高三下学期第三次教学质量检测物理试题
2024届福建省龙岩市高三下学期第三次教学质量检测物理试题一、单选题 (共6题)第(1)题2023年12月14日，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号F运载火箭成功发射一型可重复使用的试验航天器。
据介绍，该航天器运行一段时间后将返回国内预定着陆场，其间将按计划开展可重复使用技术验证及空间科学实验，为和平利用太空提供技术支撑。
该航天器在近地圆轨道运行时（ ）A．由于航天器处于完全失重状态，宇航员无法使用弹簧臂力器锻炼身体B．绕行速度小于静止轨道卫星的速度C．运行周期为24hD．若航天器的周期为T，引力常量为G，则地球的平均密度约为第(2)题一个质量为m的网球从距地面高处自由下落，反弹的最大高度为。
不考虑所受的空气阻力，重力加速度用g表示，对网球与地面接触的运动过程，下列判断正确的是（ ）A．网球的加速度先向上后向下B．网球速度为0时受地面的弹力最大C．地面对网球所做的功等于D．网球受地面的平均冲击力等于第(3)题科学家发现一种只由四个中子构成的粒子，这种粒子称为“四中子”，用表示。
“四中子”是通过向液态氢靶上发射原子核而产生的，与H碰撞可将一个核分裂成一个粒子和一个“四中子”。
由于核由四个核子组成，与“四中子”体系很相近，所以早在上个世纪50年代就有人根据核的结合能，估算“四中子”的结合能最大约为，其后有很多实验对四中子体系进行探测，但多数结论是否定的。
2022年，由数十个国家的科学家组成的团队发现了“四中子态”存在的明确证据。
下列有关“四中子”粒子的说法正确的是（ ）A．可以通过电磁场使形成高速粒子束B．产生“四中子”的核反应为C．从核子间相互作用来看，“四中子”与核的区别在于是否存在电磁力D．按上世纪50年代的估算，4个中子结合成“四中子”至多需要吸收的能量第(4)题如图所示，由于空气阻力的影响，炮弹的实际飞行轨道不是抛物线，而是图中的“弹道曲线”，图中高度相同，为弹道曲线最高点，则炮弹（ ）A．到达点时加速度竖直向下B．在下落过程中机械能增加C．重力在段的冲量小于段的冲量D．在段克服阻力做功小于段克服阻力做功第(5)题2022年的俄乌战争再次引发了核武器的话题，目前钴弹只是构想中的核武器，在中子弹外面裹一层钴59，中子弹爆炸发出的中子打在钴59上，变成具有放射性的钴，而钴衰变成镍，同时放射出一定量的射线，这样就增加了核弹的辐射威力，钴Co半衰期约为5.27年。
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高二物理试题
一、选择题(共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项符合题目要求，有些小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)
1．2010年2月，温哥华冬奥会上，我国代表团凭借申雪/赵宏博在花样滑冰双人滑比赛中的完美表现，获得本届冬奥会上的第一块金牌，这也是中国队在花样滑冰赛场上获得的首枚奥运会金牌．若质量为m 1的赵宏博抱着质量为m 2的申雪以v 0的速度沿水平冰面做直线运动，某时刻赵宏博突然将申雪向前水平推出，推出后两人仍在原直线上运动，冰面的摩擦可忽略不计．若分离时赵宏博的速度为v 1，申雪的速度为v 2，则有( )
A ．m 1v 0＝m 1v 1＋m 2v 2
B ．m 2v 0＝m 1v 1＋m 2v 2
C ．(m 1＋m 2)v 0＝m 1v 1＋m 2v 2
D ．(m 1＋m 2)v 0＝m 1v 1
2..在光电效应实验中,李飞同学用同一光电管在不同实验条件下得到了三条光电流与电压之间的关系
曲线(甲光、乙光、丙光),如图所示.则可判断出( )
A.甲光的频率大于乙光的频率
B.乙光的波长大于丙光的波长
C.乙光对应的截止频率大于丙光的截止频率
D.甲光对应的光电子最大初动能大于丙光的光电子最大初动能
3.．颜色不同的a 光和b 光由某介质射向空气时，临界角分别为C a
和C b ，且C a > C b . (因为由sin C ＝1n
可知n a <n b ，则a 光的频率小于b 光的频率)当用a 光照射某种金属时发生了光电效应，现改用b 光照射，则( )
A ．不一定能发生光电效应
B ．光电子的最大初动能增加
C ．单位时间内发射的光电子数增加
D ．入射光强度增加
4．(2011·合肥模拟)质量为m 、速度为v 的A 球与质量为3m 的静止B 球发生正碰．碰撞可能是弹性的，也可能是非弹性的，因此，碰撞后B 球的速度可能有不同的值．碰撞后B 球的速度大小可能是( )
A ．0.6v
B ．0.4v
C ．0.2v
D ．v 5、下列说法中符合物理史实的是
A.玛丽居里首先提出原子的核式结构学说
B. 汤姆生通过对阴极射线的研究发现了电子，从而证明了原子核可再分
C.普朗克在1900年把能量子引入物理学，正确地破除了“能量连续变化”的传统观念
D.爱因斯坦为解释光电效应的实验规律提出了光子说
6、如图所示，当一束一定强度某一频率的黄光照射到光电管阴极Ｋ上时，此时滑片P处于
A、B中点，电流表中有电流通过，则（）
A．若将滑动触头Ｐ向B端移动时，电流表读数有可能不变
B．若用红外线照射阴极Ｋ时，电流表中一定没有电流通过
C．若用一束强度相同的紫外线照射阴极Ｋ时，电流表读数不变
D．若用一束强度更弱的紫外线照射阴极Ｋ时，出射光电子的最大初动能一定变大
7、卢瑟福通过α粒子散射实验，判断出原子的中心有一个很小的核。
如图所示的平面示意图中，①、②两条实线表示α粒子运动的轨迹，则沿③所示方向射向原子核的α
粒子可能的运动轨迹为虚线中的
A．轨迹a B．轨迹b C．轨迹c D．轨迹
8、日光灯正常工作时，灯管内的稀薄汞蒸气由于气体放电而发射几种特定的
光子.课本上的彩页上有汞的明线光谱彩图．光谱中既有可见光，又有紫外线.其中只有紫外线全被管壁上的荧光粉吸收，并使荧光粉受到激发而发射波长几乎连续分布的可见光．日光灯灯光经过分光镜后形成的光谱是（）
A．与白炽灯灯光的光谱相同的连续光谱
B．与太阳光光谱相同的光谱
C．连续光谱与汞的明线光谱（除紫外线外）相加的光谱
D．是吸收光谱
9、氢原子能级的示意图如图所示，大量氢原子从n＝4的能级向n
＝2 的能级跃迁时辐射出可见光a，从n＝3的能级向n＝2的能级跃
迁时辐射出可见光b，则( )
A．氢原子从高能级向低能级跃迁时可能会辐射出γ射线
B．氢原子从n＝4的能级向n＝3的能级跃迁时会辐射出紫外线
C．在水中传播时，a光较b光的速度小
D．氢原子在n＝2的能级时可吸收任意频率的光而发生电离
10.如图所示，在光滑的水平面上，有一质量为M＝3kg的木板，木板上有质量为m＝1kg
的物块．它们都以v＝4m/s的初速度反向运动，它们之间有摩擦，且木板足够长，当木板的速
度为2.4m/s时，物块的运动情况是()
A．做加速运动B．做减速运动
C．做匀速运动D．以上运动都有可能
11.甲、乙两船漂浮在静止的水面，甲船上的人通过轻绳牵引乙船，水的阻力不计，在乙船靠近甲船的过程中（ ）
A.两船的位移大小不一定相同
B.两船受的冲量大小不一定相同
C.两船的动量变化大小相同
D.两船的末动能大小相同
12、如图所示，质量分别为m 和2m 的A 、B 两个木块间用轻弹簧相连，放在光滑水平面上，A 靠紧竖直墙。
用水平力将B 向左压，使弹簧被压缩一定长度，静止后弹簧储存的弹性势能为E 。
这时突然撤去该水平力，关于A 、B 和弹簧组成的系统，下列说法中正确的是（ ）
A ．撤去F 后，系统动量守恒，机械能守恒
B ．撤去F 后，A 离开竖直墙前，系统动量、机械能都不守恒
C ．撤去F 后，A 离开竖直墙后，弹簧的弹性势能最大值为E
D ．撤去F 后，A 离开竖直墙后，弹簧的弹性势能最大值为
E /3
二、填空题(共16分．把答案直接填在横线上)
13．(12分) 如图所示为“碰撞中的动量守恒”实验装置示意图。
(1) 入射小球1与被碰小球2直径相同，均为d ，它们的质量相比较，
应是m 1____m 2。
(2) 不放小球２，让球１从滑槽的Ｇ点由静止滚下，平抛后落点
为 。
(3 ) 放上球２，让球１从滑槽的Ｇ点由静止滚下，碰撞后分别平抛，
球１的落点为 球２的落点为
(4) 看 和 是否相等，以验证动量守恒
14．(4分) 如图7所示是测定光电效应产生的光电子比荷的简要实验
原理图，两块平行板相距为d ，其中N 为金属板，受紫外线照射后，
将发射沿不同方向运动的光电子，形成电流，从而引起电流计G 的指
针偏转，若调节R 0逐渐增大极板间电压，可以发现电流逐渐减小，当
电压表示数为U 时，电流恰好为零。
切断开关S ，在MN 间加垂直于
纸面的匀强磁场，逐渐增大磁感强度，也能使电流为零，当磁感强度
为B 时，电流恰为零。
试求光电子的比荷e ／m = 。
三计算题（共36分）
15. (12分)如图所示，一质量为M 的平板车B 放在光滑水平面上，在其右端放一质量为m 的小木块A ，M ＝5m ，A 、B 间存在摩擦，现给A 和B 以大小相等、方向相反的初速度v 0，使A 开始向左运动，B 开始向右运动，最后A 不会滑离B ，求A 、B 最后的速度大小和方向
图7
16.（10分）、如图所示，两个质量都是M=0.4kg的砂箱A、B，并排放在光滑的水平桌面上，一颗质量为m=0.1kg的子弹以=140m/s的水平速度射向A，射穿A后，进入B并同B一起运动，测得A、B落地点到桌边缘的水平距离之比为1∶2，求子弹刚穿出砂箱A时的速度v 及砂箱A、B离开桌面时的速度是多大？
17.（14分）氢原子的能级示意图如图所示，现有每个电子的动能都为E e＝12.89eV的
电子束与处在基态的氢原子束射入同一区域，使电子与氢原子发生迎头正碰．已知碰撞前一个电子与一个原子的总动量为零．碰撞后，氢原子受激，跃迁到n＝4的能级．求碰撞后1个电子与1个受激氢原子的总动能．(已知电子的质量m e与氢原子的质量m H之比为1∶1840)
答案：
一选择题
1.C
2.B
3. B
4.B
5.BCD
6. AD
7. A
8. C
9.D 10. A 11. AC 12.BD 二填空
13.（1）大于 （2）P （3）M N (4)m1OM+m2ON: m1OP
14.8U/B*2d*2
三计算题
15、试题详解： v ＝2m/s ，方向水平向右
16.、 试题详解： ∵=1∶2，∴=1∶2，
初末状态动量守恒，有：
， ∴=10m/s ，
=20 m/s ．
子弹射穿A 的过程中，有：
17. 15[答案] 0.15eV
[解析] 以v e 和v H 表示碰撞前电子的速度和氢原子的速率，根据题意有： m e v e －m H v H ＝0①
碰撞前，氢原子与电子的总动能为：
E k ＝12m H v 2H ＋12m e v 2e ②
联立①②两式并代入数据解得：
E k ≈12.90eV ③
氢原子从基态跃迁到n ＝4的能级所需要能量由能级图可得：
ΔE ＝－0.85eV － (－13.6eV)＝12.75eV ④
碰撞后，受激氢原子与电子的总动能为：
E ′k ＝E k －ΔE ＝12.9eV －12.75eV ＝0.15eV。