粤教版高中物理必修二模块综合检测(1)

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高中物理模块综合测评粤教版1

模块综合测评( 满分： 100 分时间：90分钟)一、选择题 ( 本大题共10 个小题，每题 4 分，共 40 分．在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．所有选对的得 4 分，选不全的得2分，有选错或不答的得0 分 )1． ( 多项选择 ) 以下说法正确的选项是()A．电容器是一种储藏电荷的装置B．避雷针是用来防备静电的C．电感器应用了电流的热效应D．电磁炉应用了电磁感觉现象【分析】电容器的本事就是能储藏电荷，故A选项对．避雷针是利用尖端放电， B 错．电感器、电磁炉都是电磁感觉现象，故C错，D对．【答案】AD2．以下设施的运转与电磁波没关的是()A．医院里，医生利用 B 超可察看到母体内的婴儿状况B．“嫦娥一号”接收地面指挥中心的运转指令实现变轨而奔向月球C．汽车上安装有GPS(全世界卫星定位系统) 以确立行驶路线和距离D．在汶川大地震发生后救灾人员利用卫星电话恢复了与外界的通信联系【分析】 B 超为超声波，是机械波．【答案】A3．跟着科学技术的不停发展，使用“传感器”进行控制的家用电器日趋普及，我们日常生活中的空调器和电冰箱都使用了()A．压力传感器B．红外线传感器C．生物传感器D．温度传感器【分析】空调器和电冰箱都是利用了温度传感器．【答案】D4．电视机和电脑显示器的玻璃荧光屏简单充满尘埃，这主假如由于()A．尘埃的自然聚积B．玻璃有极强的吸附尘埃的能力C．电脑工作时，荧光屏表面有静电而吸附尘埃D．电脑工作时，荧光屏表面温度较高而吸附尘埃【分析】荧光屏工作时产生静电，吸引带有异号电荷的尘埃．【答案】C5．在真空中有两个点电荷，两者的距离保持必定．若把它们各自的电荷量都增添为原来的 3 倍，则两电荷的库仑力将增大到本来的()A．3 倍B．6 倍C．9倍D．8 倍12【分析】据库仑定律 3 倍，则库仑力增大到本来的9＝2知，电荷量变成本来的F r倍．【答案】C6．(2013 ·阳江检测) 如图 1 所示的匀强磁场中有一个矩形闭合导线框．在以下四种情况下，线框中会产生感觉电流的是()图 1A．如图甲所示，保持线框平面一直与磁感线平行，线框在磁场中左右运动B．如图乙所示，保持线框平面一直与磁感线平行，线框在磁场中上下运动C．如图丙所示，线框绕位于线框平面内且与磁感线垂直的轴线AB转动D．如图丁所示，线框绕位于线框平面内且与磁感线平行的轴线CD转【分析】甲、乙、丁中磁通量一直为零，不会产生感觉电流．【答案】C7．如图 2 所示，在无穷大的匀强磁场中，有一个矩形线圈abcd 分别做下述各样运动，此中能使线圈中磁通量发生变化的是()图 2A．以ab为轴转动B．以bc为轴转动C．在纸面内向下运动D．垂直纸面向内匀速运动【分析】A、 C、 D 中平面一直与磁场平行．【答案】B8．在各图中，表示磁场B方向、电流 I 方向及电流受力 F 方向三者关系正确的选项是()【分析】依据左手定章可判断 A 正确．【答案】A9．有一只小型直流电动机和一只白炽灯，它们的铭牌上都标有“ 220V40 W”的字样，现将它们并联接在电源电压为220 V 的直流电路中，当电路接通后()A．在同样的时间内它们发出的热量同样B．在同样的时间内它们耗费的电能同样C．对它们来说，IU＝ I 2R都是建立的U2D．对电动机来说，IU ＝R建立【分析】铭牌上标出了用电器的额定电压和额定功率，是用电器正常工作时的电压值和耗费的电功率，因此它们同样的时间内耗费的电能同样， B 正确．电动机是非纯电阻，白2U22炽灯是纯电阻，对白炽灯， P＝ UI＝ I R＝R，对电动机， UI＞ I R，欧姆定律是不合用的，A、C、 D 都错误．【答案】B10．在如图 3 所示的电路中，当、b 两头加上220 V 的沟通电压时，测得、d间的电a c压为 110 V ．若在c、d两头加上110 V 的直流电压，则a、 b 间的电压为()图 3A．220V B ．110V C ．100V D ．0【分析】由变压器的工作原理可知：变压器只好改变沟通电压，而不可以改变直流电压，因此此时输出电压为0.【答案】D二、非选择题 ( 此题共 6 个小题，共 60 分．解答应写出必需的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不可以得分，有数值计算的题，答案中应明确写出数值和单位 ) 11．(6 分) 在电场中P点放一个电荷量为 4×10－9 C的点电荷，它遇到的电场力为 2×10－4 N，则P点的场强为 ________ N/C. 把放在P点的点电荷的电荷量减为2×10－9 C，则P点的场强为 __________ N/C. 把该点的点电荷移走，P 点的场强又为__________N/C.【分析】依据场强的定义式得E＝F/ q＝5×104N/C，电场中某点的电场强度与尝试电荷的大小、有没有尝试电荷没相关系，它是由电场自己决定的，因此该点的电场强度不变．【答案】5×1045×10 45×10 412． (8 分 )(1) 有一段长度为 5 cm的导线垂直搁置在匀强磁场中，当导线经过的电流是1 A 时，遇到的安培力为N ，则该磁场的磁感觉强度B＝________T；若将该导线平行磁场放置，则导线所受的安培力F＝________N.(2)导体中的电流是 5 mA，那么在 s 内有 ______C 的电荷定向挪动经过导体的横截面，相当于 ______个电子经过该截面．F【分析】(1) B＝IL＝ T，若I∥B，则F＝0.(2)q ＝It＝× 10－ 2q17(个)．C，＝＝10n e【答案】(1)0(2) ×10 －2101713． (10分 ) 真空中两个点电荷带有相等的电荷量，要使它们之间相距 1 m 时的互相作使劲等于 1 N ，则每个电荷的电荷量是多少？等于电子电荷量的多少倍？kq2－ 5【分析】由库仑定律 F＝r2得 q＝×10Cq13n＝e＝×10 .【答案】×10－ 5C×1013 倍14． (10 分 ) 有一个 50 匝的线圈，线圈的总电阻是200 Ω，在 2 s 内线圈的电流是 A ，求穿过线圈的磁通量的变化率是多少？【分析】由欧姆定律： E＝ IR＝40 VΦ由法拉第电磁感觉定律E＝ n t 得ΦEt＝n＝ Wb/s.【答案】Wb/s15． (12 分 ) 质量为m的带电小球用细绳系住悬挂于匀强电场中，如图 4 所示，静止时θ 角为60°，取g＝10 m/s2.求：图 4(1)小球带何种电？(2)若将线烧断， 2 s 末小球的速度是多大？【分析】(1) 由小球遇到的电场力向左可判断：带负电．(2) 小球有两个状态：静止；线断后沿线的方向做初速度为0 的匀加快直线运动．由均衡条件得： F＝ mg tan 60°由牛顿第二定律得：/cos 60 °＝mamg代入数据解得：a＝2g v＝ at ＝40 m/s.【答案】(1) 负电(2)40 m/s16．(14 分) 如图 5 所示，水平搁置的平行金属导轨，表面圆滑，宽度L 为1 m，在其上放一金属棒，棒与导轨垂直，且通有 A 、方向由a向b的电流．整个装置放在竖直方向的匀强磁场中．在大小为 2 N、方向水平向右，且与棒垂直的外力F作用下，金属棒处于静止状态．求：图 5(1)所加磁场的方向；(2)磁感觉强度的大小．【分析】(1) 安培力方向水平向左，由左手定章判断磁场方向竖直向下．(2)由 F 安＝BIL由均衡条件： F 安＝ F，得：F2B＝IL＝×1T＝4 T.【答案】(1) 磁场方向竖直向下(2)4 T5。

2019年高中物理模块综合检测(二)(含解析)粤教版必修1

模块综合检测(二)(测试时间：60分钟分值100分)一、单项选择题(本题共7小题，每小题4分，共28分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求)1．下列情况中所研究的物体(题中加点的)可看成质点的是( )A ．天文学家研究地球．．的自转 B ．用GPS 确定远洋海轮．．在大海中的位置 C ．教练员对短跑运动员的起跑动作．．．．进行指导 D ．在国际大赛中，乒乓球运动员王浩准备接对手发出的旋转球．．．解析：物体的大小、形状对所研究问题的影响可以忽略不计时，可视物体为质点．如地球虽然很大，但地球绕太阳公转时，地球的大小就变成次要因素；我们完全可以把地球当作质点看待．当然，在研究地球的自转时，就不能把地球看成质点了．同样，准备接对手发出的旋转球时也不能把旋转的乒乓球看成质点．又如看一个同学的跑步速度时，可以把人看成质点，但对他的起跑动作进行指导时，就不能看成质点．答案：B2．下列说法中正确的是( )A ．伽利略认为重的物体下落比较快B ．牛顿发现并总结了弹簧弹力与伸长量的关系C ．牛顿第一定律也称为惯性定律D ．速度表达式v －＝x t表示的是t 时刻的瞬时速度答案：C3．张明同学双手握住竖直竹竿匀速攀上和匀速滑下的过程中，张明受到的摩擦力分别为F f 1和F f 2，那么( )A ．F f 1和F f 2都是静摩擦力B ．F f 1和F f 2都是滑动摩擦力C ．F f 1方向竖直向下，F f 2方向竖直向上，且F f 1＝F f 2D ．F f 1方向竖直向上，F f 2方向竖直向上，且F f 1＝F f 2解析：匀速向上攀时，双手受向上的静摩擦力，匀速下滑时，双手受向上的滑动摩擦力，它们都等于重力．答案：D4．如图所示，将两根劲度系数均为k 、原长均为L 的轻弹簧，一端固定在水平天花板上相距为2L 的两点，另一端共同连接一质量为m 的物体，平衡时弹簧与竖直方向的夹角为37°.若将物体的质量变为M ，平衡时弹簧与竖直方向的夹角为53°(sin 37°＝0.6)，则M m等于( )A.932B.916C.38D.34解析：由平衡条件，得对左图：2kx 1cos 37°＝mg ，(L ＋x 1)sin 37°＝L ，对右图：2kx 2cos 53°＝Mg ，(L ＋x 2)sin 53°＝L ，联立解得M m ＝932. 答案：A5．如图所示，放在水平光滑平面上的物体A 和B ，质量分别为M 和m (M >m )，水平恒力F 作用在A 上时，A 、B 间的作用力大小为F 1；水平恒力F 作用在B 上时，A 、B 间作用力大小为F 2，则( )A ．F 1>F 2B ．F 1＝F 2 C.F 1F 2＝m M D.F 1F 2＝M m解析：F 作用在整体上产生的加速度为a ＝FM ＋m ，即F ＝(M ＋m )a ，作用在A 上时，隔离对B 受力分析有a ＝F 1m ，即：F 1＝ma .作用在B 上时，隔离对A 受力分析有a ＝F 1M ，即F 2＝Ma ，因为M >m 故有F 1＜F 2，A 、B 错误；F 1F 2＝m M ，C 正确，D 错误．答案：C6.如图所示，在一升降机中，物体A 置于斜面上，当升降机处于静止状态时，物体A 恰好静止不动，若升降机以加速度g 竖直向下做匀加速直线运动时，以下关于物体受力的说法中正确的是( )。

2019-2020年粤教版高中物理必修二模块综合测评

模块综合测评(教师用书独具)(时间：90分钟满分：100分)一、选择题(本题共12小题，每小题4分，1～7为单选，8～12为多选)1．甲沿着半径为R的圆周跑道匀速跑步，乙沿着半径为2R的圆周跑道匀速跑步，在相同的时间内，甲、乙各自跑了一圈，他们的角速度和线速度的大小分别为ω1、ω2和v1、v2，则()A．ω1＞ω2，v1＞v2B．ω1＜ω2，v1＜v2C．ω1＝ω2，v1＜v2D．ω1＝ω2，v1＝v2C[由于甲、乙在相同时间内各自跑了一圈，v1＝2πRt，v2＝4πRt，v1＜v2，由v＝rω，得ω＝vr，ω1＝v1R＝2πt，ω2＝2πt，ω1＝ω2，故C正确．]2．如图所示，运动员跳伞将经历加速下降和减速下降两个过程，将人和伞看成一个系统，在这两个过程中，下列说法正确的是()A．阻力对系统始终做负功B．系统受到的合外力始终向下C．加速下降时，重力做功大于系统重力势能的减小量D．任意相等的时间内重力做的功相等A[下降过程中，阻力始终与运动方向相反，做负功，A对；加速下降时合力向下，减速下降时合力向上，B错；下降时重力做功等于重力势能减少量，C 错；由于任意相等的时间内下落的位移不等，所以，任意相等时间内重力做的功不等，D错．]3.距地面高5 m的水平直轨道上A、B两点相距2 m，在B点用细线悬挂一小球，离地高度为h，如图所示．小车始终以4 m/s的速度沿轨道匀速运动，经过A点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B点时细线被轧断，最后两球同时落地．不计空气阻力，取重力加速度的大小g取10 m/s2.可求得h等于()A．1.25 m B．2.25 mC．3.75 m D．4.75 mA[根据两球同时落地可得2Hg＝d ABv＋2hg，代入数据得h＝1.25 m，选项A正确．]4.如图所示，小球以初速度v0从A点沿不光滑的轨道运动到高为h的B点后自动返回，其返回途中仍经过A点，则经过A点的速度大小为()A.v20－4ghB.4gh－v20C.v20－2ghD.2gh－v20B[设小球从A到B克服摩擦力做的功为W f，小球从A至B，由动能定理，有－W f－mgh＝0－12m v2小球从B至A，由动能定理，有mgh－W f＝12m v2A－0解以上两式得v A＝4gh－v20，B对．]5．如图所示，A 、B 两小球从相同高度同时水平抛出，经过时间t 在空中相遇．若两球的抛出速度都变为原来的2倍，则两球从抛出到相遇经过的时间为( )A ．tB ．.22t C.t 2 D.t 4 C [设A 、B 两小球的抛出点间的水平距离为L ，分别以水平速度v 1、v 2抛出，经过时间t 的水平位移分别为x 1、x 2，根据平抛运动规律有x 1＝v 1t ，x 2＝v 2t ，又x 1＋x 2＝L ，则t ＝L v 1＋v 2；若两球的抛出速度都变为原来的2倍，则两球从抛出到相遇经过的时间为t ′＝L 2(v 1＋v 2)＝t 2，故选项C 正确．] 6．半径分别为r 和R (r <R )的光滑半圆形槽，其圆心均在同一水平面上，如图所示，质量相等的两物体分别自半圆形槽左边缘的最高点无初速度释放，在下滑过程中两物体( )A ．机械能均逐渐减小B ．经最低点时动能相等C ．机械能总是相等的D ．两物体在最低点时加速度大小不相等C [两物体下滑的过程中，均只有重力做功，故机械能守恒，A 错误，C 正确；在最低点，两物体重力势能不相等，由机械能守恒定律可知，两物体动能不相等，B 错误；物体由半圆形槽左边缘到最低点的过程中，有mgR ＝12m v 2，在最低点，两物体的加速度a＝v2R，解得a＝2g，其与圆周运动的轨道半径无关，D错误．]7．如图所示，把小车放在光滑的水平桌面上，用轻绳跨过定滑轮使之与盛有砂子的小桶相连，已知小车的质量为M，小桶与砂子的总质量为m，把小车从静止状态释放后，在小桶下落竖直高度为h的过程中，若不计滑轮及空气的阻力，下列说法中正确的是()A．绳拉车的力始终为mgB．当M远远大于m时，才可以认为绳拉车的力为mgC．小车获得的动能为mghD．小桶和砂子获得的动能为mghB[砂桶的重力为整体所受合力，F合＝mg，据牛顿第二定律mg＝(M＋m)a.以砂桶为研究对象，据牛顿第二定律有mg－T＝ma，则T＝MmM＋mg；当M远远大于m时，绳的拉力等于mg，故A错误，B正确；小桶下落竖直高度为h时系统的重力势能减少mgh，根据机械能守恒定律，系统(即小车、小桶和砂子)的动能增加量为mgh，故C、D错误．]8．据英国《每日邮报》2018年3月6日报道，“格利泽581d”行星大小约为地球的3倍，是人类在太阳系之外发现的第一个位于宜居带中的行星，被称为“超级地球”．若这颗行星围绕某恒星Q做匀速圆周运动．测得行星的公转周期为T，公转轨道半径为r，已知引力常量为G.则()A．恒星的质量约为4π2r3 GT2B．行星的质量约为4π2r3 GT2C．以7.9 km/s的速度从地球发射的探测器可以到达该行星表面D ．以16.7 km/s 的速度从地球发射的探测器可以到达该行星表面AD [由于万有引力提供向心力，以行星为研究对象，有G Mm r 2＝m 4π2T 2r ，得M ＝4π2r 3GT 2，选项A 正确；根据万有引力提供向心力，只能求得中心天体的质量，因此根据题目所给信息不能求出行星的质量，选项B 错误；如果发射探测器到达该系外行星，需要克服太阳对探测器的万有引力，脱离太阳系的束缚，所以需要发射速度大于第三宇宙速度，选项C 错误，D 正确．]9．如图所示，一质点从倾角为θ的斜面顶点以水平速度v 0抛出，重力加速度为g ，则下列说法正确的是( )A ．质点抛出后，经时间为v 0tan θg 离斜面最远B ．质点抛出后，当离斜面最远时速度大小为v 0sin θC ．质点抛出后，当离斜面最远时速度大小为v 0cos θ D ．质点抛出后，经时间为v 0g tan θ离斜面最远 AC [设质点到达距离斜面最远所需时间为t ，则：tan θ＝v y v 0＝gt v 0，故t ＝v 0tan θg ，A 对，D 错；质点离斜面最远时速度大小：v ＝v 20＋v 2y ＝v 20＋g 2t 2＝v 0cos θ，B 错，C 对．] 10．我国发射的“嫦娥三号”登月探测器靠近月球后，先在月球表面附近的近似圆轨道上绕月运行；然后经过一系列过程，在离月面4 m 高处做一次悬停(可认为是相对于月球静止)；最后关闭发动机，探测器自由下落．已知探测器的质量约为1.3×103 kg ，地球质量约为月球的81倍，地球半径约为月球的3.7倍，地球表面的重力加速度大小约为9.8 m/s 2.则此探测器( )A ．在着陆前的瞬间，速度大小约为8.9 m/sB ．悬停时受到的反冲作用力约为2×103 NC ．从离开近月圆轨道到着陆这段时间内，机械能守恒D ．在近月圆轨道上运行的线速度小于人造卫星在近地圆轨道上运行的线速度BD [设月球表面的重力加速度为g 月，则g 月g 地＝GM 月R 2月GM 地R 2地＝M 月M 地·R 2地R 2月＝181×3.72，解得g 月≈1.7 m/s 2.A ．由v 2＝2g 月h ，得着陆前的速度为v ＝2g 月h ＝2×1.7×4 m/s ≈3.7 m/s ，选项A 错误．B ．悬停时受到的反冲力F ＝mg 月≈2×103 N ，选项B 正确．C ．从离开近月圆轨道到着陆过程中，除重力做功外，还有其他外力做功，故机械能不守恒，选项C 错误．D ．设探测器在近月圆轨道上和人造卫星在近地圆轨道上的线速度分别为v 1、v 2，则v 1v 2＝GM 月R 月GM 地R 地＝M 月M 地·R 地R 月＝ 3.781＜1，故v 1＜v 2，选项D 正确．] 11.如图所示，一个小环套在竖直放置的光滑圆形轨道上做圆周运动．小环从最高点A滑到最低点B 的过程中，其线速度大小的平方v 2随下落高度h 变化的图象可能是( )AB [设小环在A 点的速度为v 0，由机械能守恒定律得－mgh ＋12m v 2＝12m v 20得v 2＝v 20＋2gh ，可见v 2与h 是线性关系，若v 0＝0，B 正确；若v 0≠0，A 正确，故正确选项是A 、B.]12．足够长的粗糙斜面上，用力推着一物体m 沿斜面向上运动，t ＝0时撤去推力，0～6 s 内速度随时间的变化情况如图所示，由图象可知( )A ．0～1 s 内重力的平均功率大小与1～6 s 内重力平均功率大小之比为5∶1B ．0～1 s 内摩擦力的平均功率与1～6 s 内摩擦力平均功率之比为1∶1C ．0～1 s 内机械能变化量大小与1～6 s 内机械能变化量大小之比为1∶5D ．1～6 s 内动能变化量大小与机械能变化量大小之比为1∶3BC [由图象可知，0～1 s 内和1～6 s 内的平均速度都是5 m/s ，根据功率公式P ＝F v 可知两段时间内重力平均功率之比为1∶1，选项A 错误；物体在两个运动过程中所受摩擦力大小相等，故平均功率之比为1∶1，B 正确；机械能的变化量可由除重力之外其他力做功判断，为摩擦力做功，由图象知0～1 s 内与1～6 s 内位移之比为1∶5，则两段时间内机械能变化量之比为1∶5，选项C正确；1～6 s 内动能变化量ΔE k ＝12m v 2＝50m ，上升段由牛顿第二定律有mg sin θ＋f ＝ma 1，下降段有mg sin θ－f ＝ma 2，联立得f ＝4m ，则1～6 s 下降段中摩擦力做功W f ＝ΔE ＝4m ·102×5＝100m ，则动能变化量ΔE k 与机械能变化量ΔE 之比为1∶2，D 错误．]二、非选择题(本题共6小题，共52分)13．(6分)某同学把附有滑轮的长木板平放在实验桌面上，将细绳一端拴在小车上，另一端绕过定滑轮挂上适当的钩码使小车在钩码的牵引下运动，以此定量研究绳拉力做功与小车动能变化的关系．此外还准备了打点计时器及配套的电源、导线、复写纸、纸带、小木块等．组装的实验装置如图所示．(1)若要完成该实验，必须的实验器材还有____________________________________________________________________________________________________________；(2)实验开始前，他先通过调节长木板的倾斜程度来平衡小车所受摩擦力，再调节木板一端定滑轮的高度，使牵引小车的细绳与木板平行．实验中将钩码重力做的功当作细绳拉力做的功．经多次实验发现拉力做的功总是要比小车动能增量大一些，这一情况可能是下列哪些原因造成的________(填字母代号)．A．释放小车的位置离打点计时器太近B．小车的质量比钩码的质量大了许多C．摩擦阻力未完全被小车重力沿木板方向的分力平衡掉D．钩码做匀加速运动，钩码重力大于细绳拉力[答案](1)刻度尺、天平(2)CD14．(6分)在“验证机械能守恒定律”的实验中：(1)供实验选择的重物有以下四个，应选择：()A．质量为10 g的砝码B．质量为200 g的木球C．质量为50 g的塑料球D．质量为200 g的铁球(2)下列叙述正确的是()A．实验中应用秒表测出重物下落的时间B．可用自由落体运动的规律计算重物的瞬时速度C．因为是通过比较m v22和mgh是否相等来验证机械能是否守恒，故不需要测量重物的质量D ．释放重物前应手提纸带的上端，使纸带竖直通过限位孔(3)质量m ＝1 kg 的物体自由下落，得到如图所示的纸带，相邻计数点间的时间间隔为0.04 s ，那么从打点计时器打下起点O 到打下B 点的过程中，物体重力势能的减少量E p ＝________ J ，此过程中物体动能的增加量E k ＝________J ．(g 取9.8 m/s 2，保留三位有效数字)[解析] (1)为减小实验误差应选用铁球．(3)ΔE p ＝mg OB ＝2.28 Jv B ＝AC2T ＝2.125 m/sΔE k ＝12m v 2B＝2.26 J. [答案] (1)D (2)CD (3)2.28 2.2615．(8分)宇航员站在某星球表面，从高h 处以初速度v 0水平抛出一个小球，小球落到星球表面时，与抛出点的水平距离是x ，已知该星球的半径为R ，引力常数为G ，求：(1)该星球的质量M ；(2)该星球的第一宇宙速度．[解析] (1)设星球表面的重力加速度为g ，则由平抛运动规律：x ＝v 0t ，h ＝12gt 2 再由mg ＝G Mm R 2 解得：M ＝2h v 20R 2Gx 2.(2)设该星球的近地卫星质量为m 0，则m 0g ＝m 0v 2R解得v ＝v 0x 2hR .[答案] (1)2h v 20R 2Gx 2(2)v 0x 2hR 16．(10分)如图所示是离心轨道演示仪结构示意图．光滑弧形轨道下端与半径为R 的光滑圆轨道相接，整个轨道位于竖直平面内．质量为m 的小球从弧形轨道上的A 点由静止滑下，进入圆轨道后沿圆轨道运动，最后离开圆轨道．小球运动到圆轨道的最高点时，对轨道的压力恰好与它所受到的重力大小相等．重力加速度为g ，不计空气阻力，求：(1)小球运动到圆轨道的最高点时速度的大小；(2)小球开始下滑的初始位置A 点距水平面的竖直高度h .[解析] (1)小球经过最高点时对轨道的压力N ＝mg ，依据牛顿第三定律有轨道对小球的作用力N ′＝N ＝mg设小球通过最高点的速度为v ，依据牛顿第二定律有N ′＋mg ＝m v 2R ，解得v ＝2gR .(2)小球自A 点下滑至圆轨道最高点的过程中机械能守恒，由机械能守恒定律有mgh ＝12m v 2＋2mgR ，解得h ＝3R . [答案] (1)2gR (2)3R17．(10分)如图所示，半径为R 的光滑半圆弧轨道与高为10R 的光滑斜轨道放在同一竖直平面内，两轨道之间由一条光滑水平轨道CD 相连，水平轨道与斜轨道间有一段圆弧过渡．在水平轨道上，轻质弹簧被a 、b 两小球挤压，处于静止状态．同时释放两个小球，a 球恰好能通过圆弧轨道的最高点A ，b 球恰好能到达斜轨道的最高点B .已知a 球质量为m 1，b 球质量为m 2，重力加速度为g .求：(1)a 球离开弹簧时的速度大小v a ；(2)b 球离开弹簧时的速度大小v b ；(3)释放小球前弹簧的弹性势能E p .[解析] (1)由a 球恰好能到达A 点知m 1g ＝m 1v 2A R ，由机械能守恒定律得12m 1v 2a －12m 1v 2A ＝m 1g ·2R ，得v a ＝5gR . (2)对于b 球，由机械能守恒定律得：12m 2v 2b ＝m 2g ·10R ，得v b ＝20gR . (3)由机械能守恒定律得E p ＝12m 1v 2a ＋12m 2v 2b ，得E p ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫52m 1＋10m 2gR . [答案] (1)5gR (2)20gR(3)⎝ ⎛⎭⎪⎫52m 1＋10m 2gR . 18．(12分)如图所示，在娱乐节目中，一质量为m ＝60 kg 的选手以v 0＝7 m/s 的水平速度抓住竖直绳下端的抓手开始摆动，当绳摆到与竖直方向夹角θ＝37°时，选手放开抓手，松手后的上升过程中选手水平速度保持不变，运动到水平传送带左端A 时速度刚好水平，并在传送带上滑行，传送带以v ＝2 m/s 匀速向右运动．已知绳子的悬挂点到抓手的距离为L ＝6 m ，传送带两端点A 、B 间的距离s ＝7 m ，选手与传送带间的动摩擦因数为μ＝0.2，若把选手看成质点，且不考虑空气阻力和绳子的质量．(取g ＝10 m/s 2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)求：(1)选手放开抓手时的速度大小；(2)选手在传送带上从A运动到B的时间；(3)选手在传送带上克服摩擦力做的功．[解析](1)设选手放开抓手时的速度为v1，由动能定理得－mg(L－L cos θ)＝12m v21－12m v2代入数据解得：v1＝5 m/s.(2)设选手放开抓手时的水平速度为v2，则v2＝v1cos θ①选手在传送带上减速过程中a＝－μg②v＝v2＋at1 ③x1＝v＋v22t1 ④设匀速运动的时间为t2，则s－x1＝v t2⑤选手在传送带上的运动时间t＝t1＋t2⑥联立①②③④⑤⑥解得t＝3 s.(3)由动能定理得W f＝12m v2－12m v22，解得：W f＝－360 J，故克服摩擦力做功为360 J. [答案](1)5 m/s(2)3 s(3)360 J。

2021-2022年高中物理模块综合检测二粤教版

2021-2022年高中物理模块综合检测二粤教版一、单项选择题(本题共10小题，每题3分，共30分．每小题中只有一个选项是正确的，选对得3分，错选不选或多选均不得分．)1．学习物理除了知识的学习外，还要了解物理学家对物理规律的发现，领悟并掌握处理物理问题的思想与方法．关于以上两点下列叙述正确的是( ) A．法拉第发现了电流的磁效应，揭示了电与磁的联系B．库仑提出了用电场线描述电场的方法C．用点电荷来代替实际带电体是采用了理想模型的方法D．在验证力的平行四边形定则的实验中使用了控制变量的方法答案：C2．如图所示，空间有一电场，电场中有两个点a和b.下列表述正确的是( ) A．该电场是匀强电场B．a点的电场强度比b点的大C．b点的电场强度比a点的大D．正电荷在a、b两点受力方向相同解析：电场线的疏密代表场强的大小，电场线越密代表电场越强，由图可知b点的场强小于a点的场强．故B正确，A、C错误．由于电场线切线的方向就是该点的电场的方向，由图可知ab两点的切线方向不同，故ab两点的场强不同，而场强的方向就是正电荷所受电场力的方向，所以正电荷在ab两点所受电场力方向不同，故D错误．答案：B3.在同一平面内有四根彼此绝缘的通电直导线，如图所示，四导线中电流I1＝I3＞I2＞I4，要使O点磁场增强，则应该( )A．切断I1B．切断I2C．切断I3D．切断I4解析：从题图中可得I1、I2、I3在O点产生的磁感应强度的方向都为垂直纸面向里，而I4在O点产生的磁感应强度方向为垂直纸面向外，故要使O点磁场增强，应该切断I4，D正确．答案：D4．空间中存在着竖直向下的匀强磁场，如图所示，一带正电粒子(不计重力)垂直于磁场方向以初速度v射入磁场后，运动轨迹将( )A．向上偏转B．向下偏转C．向纸面内偏转D．向纸面外偏转解析：带电粒子垂直进入磁场，根据左手定则判断可知，洛伦兹力方向向纸外，则其轨迹向纸外偏转．故D正确，A、B、C错误．答案：D5．A、B两个点电荷在真空中所产生电场的电场线(方向未标出)如图所示．图中C点为两点电荷连线的中点，MN为两点电荷连线的中垂线，D为中垂线上的一点，电场线的分布关于MN左右对称．则下列说法中正确的是( )A．这两个点电荷一定是等量异种电荷B．这两个点电荷一定是等量同种电荷C．把某正电荷q从C点移到D点电场力做正功D．C点的电场强度可能比D点的电场强度小解析：根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断，A、B是两个等量异种电荷．故A正确，B错误；根据平行四边形定则，对中垂线上的场强进行合成，知中垂线上每点的电场方向都水平向右，中垂线和电场线垂直，所以中垂线为等势线，所以C 点的电势等于D 点的电势，把某正电荷q 从C 点移到D 点电场力不做功．故C 错误；在两等量异号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度最大，也可以从电场线的疏密判断，所以C 点的电场强度比D 点的电场强度大，故D 错误．答案：A6．如图所示，同一平面内有两根平行的无限长直导线1和2，通有大小相等、方向相反的电流，a 、b 两点与两导线共面，a 点在两导线的中间且与两导线的距离均为r ，b 点在导线2右侧，与导线2的距离也为r .现测得a 点的磁感应强度大小为B 0，已知距一无限长直导线d 处的磁感应强度大小B ＝kId，其中k 为常量，I 为无限长直导线的电流大小，下列说法正确的是( )A ．b 点的磁感应强度大小为B 04B ．若去掉导线2，b 点的磁感应强度大小为B 04C ．若将导线1中电流大小变为原来的2倍，b 点的磁感应强度为0D ．若去掉导线2，再将导线1中电流大小变为原来的2倍，a 点的磁感应强度大小仍为B 0解析：根据B ＝kI d ，可知a 点磁感应强度B 0＝kI r ＋kI r ＝2kI r ，则kI r ＝12B 0，根据右手螺旋定则，此时b 点磁感应强度为B b ＝kI r －kI 3r ＝2kI 3r ＝13B 0，方向向外，故A 错误；若去掉导线2，b 点的磁感应强度大小为B b ＝kI 3r ＝16B 0，B 错误；若将导线1中电流大小变为原来的2倍，b点的磁感应强度为B b ＝kI r －k 2I 3r ＝kI 3r ＝16B 0，方向向外，C 错误；若去掉导线2，再将导线1中电流大小变为原来的2倍，a 点的磁感应强度大小为B b ＝k 2Ir＝B 0，故D 正确．答案：D7．如图所示，分别在M 、N 两点固定放置两个点电荷＋Q 和－q (Q >q )，以MN 连线的中点O 为圆心的圆周上有A 、B 、C 、D 四点．下列说法中正确的是( )A ．A 点场强小于B 点场强 B ．C 点场强与D 点场强相同 C ．A 点电势小于B 点电势D ．将正检验电荷从C 点移到O 点，电场力做负功解析：设A 点到Q 的距离为d ，到－q 的距离为L ，故A 点的场强E A ＝kQ d 2＋kqL 2，同理可得B 点的场强E B ＝kQ L 2＋kq d 2，故E A －E B ＝k （Q －q ）d 2－k （Q －q ）L 2，由于d <L ，故E A －E B ＞0，即E A＞E B ，A 错；根据平行四边形定则，以两分场强为邻边作出平行四边形的对角线，可知C 、D 两点场强的方向不相同，B 项错误；电场线的方向是电势降落的方向，故A 点的电势高于B 点的电势，C 项错误；正电荷从C 到O ，受力的方向与速度方向的夹角为钝角，因此电场力做负功，D 项正确．答案：D8．如图，半径为R 的圆是一圆柱形匀强磁场区域的横截面(纸面)，磁感应强度大小为B ，方向垂直于纸面向外，一电荷量为q (q >0)、质量为m 的粒子沿平行于直径ab 的方向射入磁场区域，射入点与ab 的距离为R2，已知粒子射出磁场与射入磁场时运动方向间的夹角为60°，则粒子的速率为(不计重力)( )A.qBR 2mB.qBR m C.3qBR2mD.2qBR m解析：画出粒子运动轨迹，由图中几何关系可知，粒子运动的轨迹半径等于R ，由qvB＝mv 2R 可得：v ＝qBRm，选项B 正确．答案：B9．在如图所示的电路中，AB 为粗细均匀、长为L 的电阻丝，以A 、B 上各点相对A 点的电压为纵坐标，各点离A 点的距离x 为横坐标，则U 随x 变化的图线应为如图中的( )解析：根据电阻定律，横坐标为x 的点与A 点之间的电阻R ＝ρx S，这两点间的电压U ＝IR ＝IρxS(I 为电路中的电流，它是一个定值)，故U 跟x 成正比例关系，故选A.答案：A10．如图所示，电阻R 1＝20 Ω，电动机绕线电阻R 2＝10 Ω. 当电键S 断开时，电流表的示数是I ′＝0.5 A ，当电键S 合上后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，此时电流表的示数I 和电路消耗的电功率P 应满足( )A ．I ＝1.5 AB ．I >1.5 AC ．P ＝15 WD ．P <15 W解析：S 断开时，电路两端的电压U ＝I ′R 1＝10 V ．S 合上后，流过电动机的电流I ″<UR 2＝1 A ，则电流表的示数I ＝I ′＋I ″<1.5 A ，电路消耗的电功率P ＝IU <15 W ，选项D 正确．答案：D二、多项选择题(本题共4小题，每题6分，共24分．每小题有多个选项是正确的，全选对得6分，少选得3分，选错、多选或不选得0分．)11．如图所示，在两条竖直边界线所围的匀强电场中，一个不计重力的带电粒子从左边界的P 点以某一水平速度射入电场，从右边界的Q 点射出，下列判断正确的有( )A ．粒子带正电B ．粒子做匀速圆周运动C ．粒子电势能减小D ．仅增大电场强度粒子通过电场的时间不变解析：带电粒子垂直进入电场后，仅在电场力作用下向场强方向偏转，粒子带正电；由于电场力大小及方向均恒定，粒子做类平抛运动；运动中电场力做正功，粒子电势能减小；粒子通过电场区域的时间仅由电场区域宽度及粒子初速度决定，仅增大场强，不会改变粒子通过电场区域的时间．选项B 错误，A 、C 、D 正确．答案：ACD12．如图所示是某导体的伏安特性曲线，由图可知，下列结论正确的是( )A ．导体的电阻是25 ΩB ．导体的电阻是0.04 ΩC ．当导体两端的电压是0.04 V 时，通过导体的电流是1 AD ．当通过导体的电流是0.1 A 时，导体两端的电压是2.5 V 解析：根据图象，由欧姆定律可得，导体电阻R ＝U I ＝50.2Ω＝25 Ω，故A 正确，B 错误；当导体两端电压是0.04 V 时，通过导体的电流I ＝U R ＝0.0425A ＝0.001 6 A ，故C 错误；当通过导体的电流是0.1 A 时，导体两端的电压U ＝IR ＝0.1 A×25 Ω＝2.5 V ，故D 正确．答案：AD13．如图所示，为某一点电荷形成的一簇电场线，a 、b 、c 三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从O 点射入电场的运动轨迹，其中b 虚线为一圆弧，AB 的长度等于BC 的长度，且三个粒子的电荷量大小相等，不计粒子重力，则以下说法正确的是( )A ．a 一定是正粒子的运动轨迹，b 和c 一定是负粒子的运动轨迹B ．由于AB 的长度等于BC 的长度，故U AB ＝U BCC ．a 虚线对应的粒子的加速度越来越小，c 虚线对应的粒子的加速度越来越大，b 虚线对应的粒子的加速度大小不变D ．b 虚线对应的粒子的质量大于c 虚线对应的粒子的质量解析：题图为某一点电荷所形成的一簇电场线，由于没有说明是正电荷的电场还是负电荷的电场，所以无法判断出电场线的方向，不能判断出abc 三种粒子的电性，故A 错误；根据公式U ＝Ed ，由于AB 间的平均场强小于BC 间的平均场强，故U AB ＜U BC ，故B 错误；由于电场线的疏密表示电场强度的大小，粒子只受电场力，故a 虚线对应的粒子的加速度越来越小，c 虚线对应的粒子的加速度越来越大，b 虚线对应的粒子的加速度大小不变，故C 正确；a 、b 、c 三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从O 点射入电场的运动轨迹；且三个粒子的电荷量大小相等；故静电力相等；由于b 粒子做圆周运动，说明向心力等于静电力；C 粒子做向心运动，故静电力大于需要的向心力，根据F ＝m v 2r，C 粒子的质量较小，故D 正确．答案：CD14．绝缘光滑斜面与水平面成α角，质量为m 、带电荷量为－q (q >0)的小球从斜面上的h 高度处释放，初速度为v 0(v 0>0)，方向与斜面底边MN 平行，如图所示，整个装置处在匀强磁场B 中，磁场方向平行斜面向上．如果斜面足够大，且小球能够沿斜面到达底边MN ，则下列判断正确的是( )A ．匀强磁场磁感应强度的取值范围为0≤B ≤mg qv 0B ．匀强磁场磁感应强度的取值范围为0≤B ≤mg cos αqv 0C ．小球在斜面做变加速曲线运动D ．小球达到底边MN 的时间t ＝2hg sin 2 α解析：小球受洛伦兹力提供向心力垂直斜面向上，小球不离开斜面的条件是qv 0B ≤mg cosα，则B ≤mg cos αqv 0，A 错误、B 正确；小球的加速度a ＝g sin α不变，所以小球做匀变速曲线运动，C 错误；沿斜面做初速度为零，加速度为a ＝g sin α的匀变速运动，所以hsin α＝12at2，解得t＝2hg sin2α，D正确．答案：BD三、非选择题(共4小题，共46分)15．(10分)用多用电表的欧姆挡测某一电阻的阻值时，分别用×1、×10、×100三个电阻挡测了三次，指针所指的位置如图所示．其中①是用________挡，②是用________挡，③是用________挡．为提高测量的精确度，应该用________挡，被测电阻阻值约为________．解析：乘的倍率越大，示数越小，故①是“×1”挡，②是“×10”挡，③是“×100”挡．为了提高测量的准确度，指针应在表盘的中间附近，故选“×10”挡测量．被测电阻阻值约为30×10 Ω＝300 Ω.答案：×1×10×100×10300 Ω16．(12分)下图a是测量电阻R x的原理图，学生电源输出电压可调，电流表量程选0.6 A(内阻不计)，标有长度刻度的均匀电阻丝ab的总长为30.0 cm.图a图b图c①根据原理图连接图b的实物图．②断开S2，合上S1；调节电源输出电压为 3.0 V时，单位长度电阻丝的电压u＝________V/cm.记录此时电流表A1的示数．③保持S1闭合，合上S2；滑动c点改变ac的长度L，同时调节电源输出电压，使电流表A1的示数与步骤②记录的值相同，记录长度L和A2的示数I.测量6组L和I值，测量数据已在图c中标出．写出R x与L、I、u的关系式R x＝____________；根据图c用作图法算出R x＝________Ω.解析：②3 V电压分布在长为30 cm的电阻丝上，故有单位长度的电压u＝330V/cm＝0.1 V/cm.③设电阻丝每1 cm长的电阻为R，当合上S1断开S2时，设此时电阻丝电流为I′，有：I′·30R＝30u, 当合上S1、S2时，I′·LR＝IR x，由上两式得：R x与L、I、u的关系式R x＝LuI.在图c中过尽可能多的点作直线如图所示，对照图可得L＝R xuI，由L－I图线的斜率k＝60.016 cm/A＝R xu，可得R x＝ku＝60.016×0.1 Ω≈6.0 Ω.答案：①见下图②0.1③LuI6.017．(12分)一质量为m、电荷量为q的带负电的带电粒子，从A点射入宽度为d、磁感应强度为B的匀强磁场，MN、PQ为该磁场的边界线，磁感线垂直于纸面向里，磁场区域足够长，如图所示．带电粒子射入时的初速度与PQ成45°角，且粒子恰好没有从MN射出(不计粒子所受重力)．求：(1)该带电粒子的初速度v0；(2)该带电粒子从PQ边界射出的射出点到A点的距离x.解析：(1)设轨道半径为R，如图所示则R＝R1－dcos 45°，得R＝(2＋2)d.又R＝mv0qB，解得v0＝（2＋2）dqBm.(2)x＝2R＝2(2＋1)d.答案：见解析18．(12分)水平放置的两块平行金属板板长l＝5.0 cm，两板间距d＝1.0 cm，两板间电压为90 V，且上板为正极板，一个电子沿水平方向以速度v0＝2.0×107 m/s，从两板中间射入，如图所示，不计电子的重力，电子的质量为m＝9.0×10－31kg，电荷量为e＝－1.6×10－19 C．求：(1)电子偏离金属板的侧位移是多少？精品文档实用文档 (2)电子飞出电场时的速度大小是多少(保留两位有效数字)?(3)电子离开电场后，打在屏上的P 点，若s ＝10 cm ，求OP 之长．解析：(1)电子在电场中的加速度a ＝Uq md ，侧位移即竖直方向位移y 0＝12at 2＝qUt 22dm，运动时间t ＝l v 0，代入数据，解得y 0＝5×10－3 m.(2)电子飞出电场时，水平分速度v x ＝v 0，竖直分速度v y ＝at ＝qUl mdv 0＝4×106 m/s ，飞出电场时的速度为v ＝v 2x ＋v 2y ，代入数据，得v ＝2.0×107 m/s ，设v 与v 0的夹角为θ，则tan θ＝v y v x＝0.2，所以θ＝arctan 0.2.(3)电子飞出电场后做匀速直线运动， OP ＝y 0＋MP ＝y 0＋s ·tan θ，代入数据，解得OP ＝2.5×10－2 m.答案：(1)5×10－3 m (2)2.0×107 m/s (3)2.5×10－2m 28934 7106 焆31529 7B29 笩38226 9552 镒20451 4FE3 俣27679 6C1F 氟E29296 7270 牰39035 987B 须31975 7CE7 糧K20366 4F8E 侎++26702 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粤教版高中物理必修二高一模块测试.doc

高中物理学习材料桑水制作高一物理（必修2）模块测试命题人张彪第Ⅰ卷选择题（共48分）一、本题共12题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目的要求.1、关于平抛运动的性质，以下说法中正确的是 ( )(A)变加速运动； (B)匀变速运动；(C)匀速率曲线运动；(D)不可能是两个直线运动的合运动.2、小球做匀速圆周运动的过程中,以下各量不发生变化的是( ).(1)线速度 (2)角速度 (3)周期 (4)向心加速度（A）(1) (2) (B) (2) (3) (C) (3) (4) (D) (1) (4)3、关于向心力的说法中不正确的是（）（A）物体受到向心力的作用才可能做圆周运动（B）向心力是指向圆心方向的合力，是根据力的作用效果命名的（C）向心力可以是重力、弹力、摩擦力等各种力的合力，也可以是其中一种力或一种力的分力（D）向心力做功使物体做变速圆周运动4、某质点在恒力F作用下从A点沿图所示曲线运动到B点，到达B点后，质点受到的力大小不变，但方向恰与F相反，则它从B点开始的运动轨迹可能是图中的哪条曲线（）(A)曲线a (B)曲线b(C)曲线c (D)以上三条曲线都不可能5、若取地球的第一宇宙速度为8km/s ，某行星的质量是地球质量的6倍，半径是地球的1.5倍，则此行星的第一宇宙速度约为：A 、16 km/sB 、32 km/sC 、4km/sD 、2km/s6、船在静水中的速度是1m/s ，河岸笔直，河宽恒定，河水流速为3m/s ，以下说法正确的是：A 、因船速小于流速，船不能到达对岸B 、船不能沿直线过河C 、船可以垂直过河D 、船过河的最短时间是一定的7、对于万有引力定律的表达式，下面不正确的说法是：A 、公式中的G 是引力常量，它是实验测得的，不是人为规定的B 、当r 等于零时，万有引力为无穷大C 、两物体受到的引力总是大小相等，与两物体是否相等无关D 、r 是两物体的中心距离8．关于离心运动，下列说法中正确的是A ．物体突然受到向心力的作用，将做离心运动B ．做匀速圆周运动的物体，在外界提供的向心力突然变大时将做离心运动C ．做匀速圆周运动的物体，只要向心力的数值发生变化，就将做离心运动D ．做匀速圆周运动的物体，当外界提供的向心力突然消失或变小时将做离心运动9．如图所示，汽车在一段丘陵地匀速率行驶，由于轮胎太旧而发生爆胎，则图中各点中最易发生爆胎的位置是在A ．a 处B ．b 处C ．c 处D ．d 处10、物体在地面附近以某一初速度做竖直上抛运动，则在上升过程中，物体的机械能将 A. 不变 B. 减小 C. 增大 D. 无法判断11．我国发射的神州五号载人宇宙飞船的周期约为90min ，如果把它绕地球的运动看作是匀速圆周运动，飞船的运动和人造地球同步卫星的运动相比，下列判断中正确的是 a b c dＡ．飞船的轨道半径大于同步卫星的轨道半径Ｂ．飞船的运行速度小于同步卫星的运行速度Ｃ．飞船运动的向心加速度大于同步卫星运动的向心加速度Ｄ．飞船运动的角速度小于同步卫星运动的角速度12、速度v 0水平抛出一球，某时刻其竖直分位移与水平位移相等，以下判断错误的是（）（A ）运动的时间为g v 02（B ）竖直分速度等于水平分速度的2倍（C ）此时球的速度大小为5 v 0（D ）运动的位移是g v 022 第Ⅱ卷非选择题（共52分）二、按题目要求作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

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高中物理学习材料（鼎尚**整理制作）模块综合检测(1)(时间：90分钟满分：100分)一、选择题(本大题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得3分，选错或不答的得0分)1．如图所示，汽车从拱形桥顶点A匀速率运动到桥的B点．下列说法正确的是( )A．汽车在A点受力平衡B．A到B重力的瞬时功率减小C．A到B汽车的机械能在减小D．A到B汽车的机械能不变2．飞机在竖直平面内俯冲又拉起，这一过程可看作匀速圆周运动．在最低点时，飞行员对座椅的压力为F.设飞行员所受重力为G，则飞机在最低点时( )A．F＝0 B．F<GC．F＝G D．F>G3．小船在静水中的航行速度为1 m/s，水流速度为2 m/s，为了在最短距离内渡河，则小船船头指向应为(图中任意方向间的夹角以及与河岸间的夹角均为30°)A．a方向B．b方向C．c方向D．e方向4．汽车甲和汽车乙质量相等，以相等的速率沿同一水平弯道做匀速圆周运动，甲车在乙车的外侧．两车沿半径方向受到的摩擦力分别为F f甲和F f乙，以下说法正确的是( ) A．F f甲小于F f乙B．F f甲等于F f乙C．F f甲大于F f乙D．F f甲和F f乙大小均与汽车速率无关5.如图所示，一只老鹰在水平面内盘旋做匀速圆周运动，则关于老鹰受力的说法正确的是( )A．老鹰受重力、空气对它的作用力和向心力的作用B．老鹰受重力和空气对它的作用力C．老鹰受重力和向心力的作用D．老鹰受空气对它的作用力和向心力的作用6．同步卫星是指相对于地面不动的人造地球卫星( )A．它可以在地面上任一点的正上方，且离地心的距离可按需要选择不同值B．它可以在地面上任一点的正上方，但离地心的距离是一定的C．它只能在赤道的正上方，但离地心的距离可按需要选择不同值D．它只能在赤道的正上方，且离地心的距离是一定的7．下列关于离心现象的说法正确的是( )A．当物体所受的离心力大于向心力时产生离心现象B．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失时，它将做背离圆心的圆周运动C．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失时它将沿切线做直线运动D．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失时它将做曲线运动8．如图所示，电梯与水平地面成θ角，一人站在电梯上，电梯从静止开始匀加速上升，到达一定速度后再匀速上升．若以F N表示水平梯板对人的支持力，G为人受到的重力，F f 为电梯对人的静摩擦力，则下列结论正确的是( )A．加速过程中F f≠0，F N、F f、G都做功B．加速过程中F f≠0，F N不做功C．加速过程中F f＝0，F N、G都做功D．匀速过程中F f＝0，F N、G都不做功9．一质量为m的木块静止在光滑的水平地面上，大小为F、方向与水平面成θ角的恒力作用在该木块上，经过时间t，力F的瞬时功率力( )A．F2t cos θB．F2cos2θC.F 2t mD.F 2t cos θm10．物体甲自由下落1 s 后，将物体乙在甲释放处以v 0＝10 m/s 竖直下抛，g 取10 m/s 2，不计空气阻力，则在两物体落地前有( )A ．乙离甲越来越远B ．乙离甲越来越近，最终超过甲C ．乙相对甲做加速运动D ．乙相对甲静止二、多项选择题(本题共4小题，每小题6分，共24分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分)11．天文学家如果观察到一个星球独自做圆周运动，那么就想到在这个星球附近存在着一个看不见的星体——黑洞．星球与黑洞由万有引力的作用组成双星．以两者连线上某点为圆心做匀速圆周运动，那么( )A ．它们做圆周运动的角速度与其质量成反比 C ．它们做圆周运动的线速度与其质量成反比 C ．它们做圆周运动的半径与其质量成反比 D ．它们所受的向心力与其质量成反比12.如图所示，一质点从倾角为θ的斜面顶点以水平速度v 0抛出，重力加速度为g ，则下列说法正确的是( )A ．质点自抛出后，经时间为v 0tan θg离斜面最远 B ．质点抛出后，当离斜面最远时速度大小为v 0sin θC ．质点抛出后，当离斜面最远时速度大小为v 0cos θD ．质点抛出后，经时间为v 0cot θg离斜面最远 13．如图所示，在竖直平面内，滑道ABC 关于B 点对称，且A 、B 、C 三点在同一水平线上．若小滑块分别由A 滑到C 和由C 滑到A 两次滑行，运动过程始终沿着滑道滑行，两次的初速度大小相同，小滑块与滑道的动摩擦因数恒定，则( )A ．由A 滑到C 所需的时间较小B ．由C 滑到A 所需的时间较小 C ．由A 滑到C 摩擦力做功较小D ．由C 滑到A 摩擦力做功较小14．空降兵是现代军队的重要兵种．一次训练中，空降兵从静止在空中的直升机上竖直跳下(初速度可看作0)，下落高度h 之后打开降落伞，接着又下降高度H 之后，空降兵达到匀速，设空降兵打开降落伞之后受到的空气阻力与速度平方成正比，比例系数为k ，即f ＝kv 2，那么关于空降兵的说法正确的是( )A ．空降兵从跳下到下落高度为h 时，机械能一定损失了mghB ．空降兵从跳下到刚匀速时，重力势能一定减少了mg (H ＋h )C ．空降兵匀速下降时，速度大小为mg kD ．空降兵从跳下到刚匀速的过程，空降兵克服阻力做功为mg (H ＋h )－m 2g2k三、非选择题(本题共4小题，共46分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程和重要演算步骤，答案中必须明确写出数值和单位)15．(10分)在“探究恒力做功与动能改变的关系”实验中(装置如图甲)：图甲(1)下列说法哪一项是正确的( )A ．平衡摩擦力时必须将钩码通过细线挂在小车上B ．为减小系统误差，应使钩码质量远大于小车质量C ．实验时，应使小车靠近打点计时器由静止释放(2)图乙是实验中获得的一条纸带的一部分，选取O 、A 、B 、C 为计数点，已知打点计时器使用的交流电频率为50 Hz ，则打B 点时小车的瞬时速度大小为______m/s(保留三位有效数字)．图乙16．(10分)一辆质量为800 kg 的汽车在圆弧半径为50 m 的拱桥上行驶(g 取10 m/s 2)． (1)若汽车到达桥顶时速度为v 1＝5 m/s ，汽车对桥面的压力为多大？ (2)汽车以多大速度经过桥顶时，恰好对桥面没有压力？17．(12分)如图所示，质量为m 的木块放在光滑的水平桌面上，用轻绳绕过桌边光滑的定滑轮与质量为2m 的砝码相连，把绳拉直后使砝码从静止开始下降h 的距离时砝码未落地，木块仍在桌面上，求此时砝码的速度以及轻绳对砝码做的功．18．(14分)如图所示，质量为m 的小球自由下落高度R 后沿竖直平面内的轨道ABC 运动．AB 是半径为R 的14粗糙圆弧，BC 是直径为R 的光滑半圆弧，小球运动到C 时对轨道的压力恰为零．B 是轨道最低点．求：(1)小球在AB 弧上运动时，摩擦力对小球做的功； (2)小球经B 点前、后瞬间对轨道的压力之比； (3)小球离开C 点后竖直下落多少高度才能撞上圆轨道？答案1C 2D 3B 4A 5B 6D 7C 8A 9A 10D 11BC 12AC 13AC 14BCD 15(1)C (2)0.65316(1)汽车到达桥顶时，受到重力mg 和桥面对它的支持力F N 的作用，重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律有mg －F N ＝m v 21R所以F N ＝mg －m v 21R＝7 600 N根据牛顿第二定律，汽车对桥面的压力为7 600 N.(2)汽车经过桥顶时恰好对桥面没有压力，则F N ＝0，即汽车做圆周运动的向心力完全由其自身重力来提供，所以有mg ＝m v 2R解得v ＝gR ＝22.4 m/s.17砝码从静止开始下降h 的过程中，两物体组成的系统机械能守恒，根据机械能守恒定律，系统减少的重力势能等于系统增加的动能，则：2mgh ＝12mv 2＋12·2mv 2解得：v ＝233gh .设轻绳对砝码做功为W ，对砝码由动能定理得 2mgh ＋W ＝12·2mv 2－0解得：W ＝－23mgh .答案：233gh －23mgh18(1)小球在C 点：根据牛顿第二定律得mg ＝m v 2CR2小球由静止释放到C 点过程，据动能定理得mgR ＋W f ＝12mv 2C联立解得W f ＝－34mgR .(2)小球由静止释放到B 点过程，据动能定理得 2mgR ＋W f ＝12mv 2B在B 点前瞬间据牛顿第二定律得F N 前－mg ＝m v 2BR在B 点后瞬间据牛顿第二定律得F N 后－mg ＝m v 2BR2由牛顿第三定律知，小球对轨道的压力大小等于轨道对小球的支持力大小．联立解得F N 前∶F N 后＝7∶12.(3)小球离开C 点后做平抛运动，合位移等于半径，根据平抛运动的分位移公式，有：x ＝v C ty ＝12gt 2R 2＝x 2＋y 2联立解得y ＝5－12R ≈0.618R . 答案：(1)－34mgR (2)7∶12 (3)0.618R。

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模块综合测评(分值：100分)1．(4分)用遥控器调换电视频道的过程，实际上就是传感器把光信号转化成电信号的过程，下列属于这类传感器的是( )A ．红外报警装置B ．走廊照明灯的声控装置C ．自动洗衣机中的压力传感装置D ．电饭煲中控制加热和保温的温控器A [红外报警装置是传感器把光信号(红外线)转化成电信号；走廊照明灯的声控装置是传感器把声音信号转化成电信号；自动洗衣机中的压力传感装置是把位移信号转化成电信号；电饭煲中控制加热和保温的温控器是把温度信号转化成电信号。

]2．(4分)如图(a)所示，有一个面积为100 cm 2的金属圆环，电阻为0.1 Ω，圆环中磁感应强度的变化规律如图(b)所示，且磁场方向与圆环所在平面相垂直，在A →B 过程中，圆环中感应电流I 方向和流过它的电量q 为( )A ．逆时针，q ＝0.01 CB ．逆时针，q ＝0.02C C ．顺时针，q ＝0.02 CD ．逆时针，q ＝0.03 CA [由楞次定律可知，感应电流为逆时针方向；再由题图(b)可知ΔB ＝(0.2－0.1)T ＝0.1 T ，所以q ＝I Δt ＝ΔΦR ＝S ΔB R＝0.01 C 。

]3．(4分)三角形导线框abc 固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B 随时间t 变化的规律如图所示。

规定线框中感应电流i 沿顺时针方向为正方向，下列i t 图像中正确的是( )A BC DB [磁通量均匀变化，所以产生恒定的感应电流，因为第1 s 内向里的磁通量增加，由楞次定律可判断感应电流方向为逆时针方向，即规定的负方向，1～3 s 时间内感应电流方向为顺时针方向，即规定的正方向，选项B 正确。

]4．(4分)如图所示，L 为电阻很小的线圈，G 1和G 2为内阻可不计、零点在表盘中央的电流计。

当开关K 处于闭合状态时，两表的指针皆偏向右方。

那么，当开关K 断开时，将出现( )A ．G 1和G 2的指针都立即回到零点B ．G 1的指针立即回到零点，而G 2的指针缓慢地回到零点C ．G 1的指针缓慢地回到零点，而G 2的指针先立即偏向左方，然后缓慢地回到零点D ．G 1的指针先立即偏向左方，然后缓慢地回到零点，而G 2的指针缓慢地回到零点 D [K 断开后，自感电流的方向与G 1原电流方向相反，与G 2原电流方向相同。

高中物理章末综合测评2 粤教版必修1

章末综合测评(二)(时间：60分钟满分：100分)一、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1．(2016·海淀区高一检测)下列四幅图中，能大致反映自由落体运动图象的是( )【解析】自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，故它的v t 图象是一过原点的倾斜直线，a t 图象是一平行时间轴的直线，故D 对，A 、C 错；B 图中的图象表示物体匀速下落．故应选D.【答案】 D2．长为5 m 的竖直杆下端距离一竖直隧道口5 m ，若这个隧道长也为5 m ，让这根杆自由下落，它通过隧道的时间为(g 取10 m/s 2)( )A. 3 s B ．(3－1)s C ．(3＋1)sD ．(2＋1)s【解析】画出直杆穿过隧道的图示，Δt ＝h ＋L 1＋L 2g－2h g＝⎝⎛⎭⎪⎫2×1510－2×510s ＝(3－1)s ，故选项B 正确．【答案】 B3．(2016·榆林高一检测)做匀加速直线运动的质点在第一个7 s 内的平均速度比它在第一个3 s 内的平均速度大6 m/s ，则质点的加速度大小为( )A ．1 m/s 2B ．1.5 m/s 2C ．3 m/s 2D ．4 m/s 2【解析】根据匀变速直线运动的规律可知，第一个3 s 内的平均速度为第1.5 s 末的速度；第一个7 s 内的平均速度为第3.5 s 末的速度；则有：a ＝Δv Δt ＝62 m/s ＝3 m/s 2；故选C.【答案】 C4．(2016·漳州高一检测)汽车在水平公路上运动时速度为36 km/h ，司机突然以2 m/s 2的加速度刹车，则刹车后8 s 汽车滑行的距离为( ) 【导学号：02890022】A ．25 mB ．16 mC ．50 mD ．144 m【解析】初速度 v 0＝36 km/h ＝10 m/s.选汽车初速度的方向为正方向．设汽车由刹车开始到停止运动的时间为t 0，则由v t ＝v 0＋at ＝0得：t 0＝0－v 0a ＝0－10－2s ＝5 s 故汽车刹车后经5 s 停止运动，刹车后8 s 内汽车滑行的距离即是5 s 内的位移，为s ＝12(v 0＋v t )t 0＝12(10＋0)×5 m＝25 m. 故选A 【答案】 A5．两个质点A 、B 放在同一水平面上，由静止开始从同一位置沿相同方向同时开始做直线运动，其运动的v t 图象如图1所示．对A 、B 运动情况的分析，下列结论正确的是( )图1A ．A 、B 加速时的加速度大小之比为2∶1，A 、B 减速时的加速度大小之比为1∶1 B ．在t ＝3t 0时刻，A 、B 相距最远C ．在t ＝5t 0时刻，A 、B 相距最远D ．在t ＝6t 0时刻，A 、B 相遇【解析】由v t 图象，通过斜率可计算加速度大小，加速时A 、B 的加速度大小之比10∶1，减速时A 、B 的加速度大小之比为1∶1，所以选项A 错误；由A 、B 运动关系可知，当A 、B 速度相同时距离最远，所以选项B 、C 错误；由题意可知A 、B 是从同一位置同时开始运动的，由速度—时间图象可以算出运动位移，可知6t 0时刻，A 、B 位移相同，因此在此时刻A 、B 相遇，所以选项D 正确．【答案】 D6．下列说法符合历史事实的是( )A ．在物理学的发展历程中，牛顿首先建立了平均速度、瞬时速度和加速度概念用来描述物体的运动B ．在物理学的发展历程中，伽利略首先建立了平均速度、瞬时速度和加速度概念用来描述物体的运动C ．伽利略研究自由落体运动时，遇到的困难是无法准确测量加速度D ．伽利略研究自由落体运动时，遇到的困难是无法准确测量瞬时速度【解析】在物理学的发展历程中，伽利略首先建立了平均速度、瞬时速度和加速度概念用来描述物体的运动，故A 错误，B 正确；伽利略研究自由落体运动时，遇到的困难是无法准确测量瞬时速度，故C 错误，D 正确．【答案】 BD7．做初速度不为零的匀加速直线运动的物体，在时间T 内通过位移x 1到达A 点，接着在时间T 内又通过位移x 2到达B 点，则以下判断正确的是( )【导学号：02890023】 A ．物体在A 点的速度大小为x 1＋x 22TB ．物体运动的加速度为2x 1T2C ．物体运动的加速度为x 2－x 1T 2D ．物体在B 点的速度大小为3x 2－x 12T【解析】根据匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度知：v A＝x 1＋x 22T ，故A 正确；根据x 2－x 1＝at 2得物体运动的加速度为：a ＝x 2－x 1T2，故B 错误，C 正确；在该加速运动过程中有：v B ＝v A ＋aT ＝x 1＋x 22T ＋x 2－x 1T ＝3x 2－x 12T，故D 正确．【答案】 ACD8．(2016·绵阳高一检测)某高速列车沿直线运动的v t 图象如图2所示，则该列车( )图2A ．0～30 s 时间内的位移等于9×102mB ．30 s 时刻的速度大于30 m/sC ．0～60 s 时间内做匀加速运动D ．90～120 s 时间内做匀速运动【解析】根据图象的“面积”看出0～30 s 时间内的位移小于12×60×30 m＝9×102m ，故A 错误；由图看出，30 s 时的速度大于30 m/s ，故B 正确；0～60 s 时间内，由于图线切线的斜率是变化的，说明列车的加速度是变化的，则列车做的是变加速运动，故C 错误；90 s ～120 s 时间内列车的速度不变，说明做匀速运动．故D 正确．【答案】 BD二、非选择题(本题共4小题，共52分．按题目要求作答)9．(12分)(2016·七台河高一检测)如图3所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T ＝0.10 s ，其中s 1＝7.05 cm 、s 2＝7.68 cm 、s 3＝8.33 cm 、s 4＝8.95 cm 、s 5＝9.61 cm 、s 6＝10.26 cm ，则打A 点时小车瞬时速度的大小是________m/s ，小车运动的加速度计算表达式为a ＝________，加速度的大小是________ m/s 2(计算结果保留两位有效数字)．图3【解析】利用匀变速直线运动的推论得：v A ＝s 3＋s 42T＝0.86 m/s.由于相邻的计数点间的位移之差相等，故采用逐差法求解加速度．根据匀变速直线运动的推论公式Δx ＝aT 2可以求出加速度的大小，得：s 4－s 1＝3a 1T 2s 5－s 2＝3a 2T 2 s 6－s 3＝3a 3T 2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a ＝13(a 1＋a 2＋a 3)小车运动的加速度计算表达式为a ＝s 4＋s 5＋s 6－s 1＋s 2＋s 39T2代入数据得a ＝0.64 m/s 2.【答案】 0.86s 4＋s 5＋s 6－s 1＋s 2＋s 39T20.64 10．(12分)(2016·重庆高一检测)飞机受阅后返回某机场，降落在跑道上减速过程简化为两个匀减速直线运动．飞机以速度v 0着陆后立即打开减速阻力伞，加速度大小为a 1，运动时间为t 1；随后在无阻力伞情况下匀减速直至停下．在平直跑道上减速滑行总路程为s .求：第二个减速阶段飞机运动的加速度大小和时间．【解析】如图，A 为飞机着陆点，AB 、BC 分别为两个匀减速运动过程，C 点停下．A 到B 过程，依据运动学规律有： s 1＝v 0t 1－12a 1t 21 v B ＝v 0－a 1t 1B 到C 过程，依据运动学规律有： s 2＝v B t 2－12a 2t 220＝v B －a 2t 2A 到C 过程，有：s ＝s 1＋s 2联立解得：a 2＝v 0－a 1t 122s ＋a 1t 21－2v 0t 1t 2＝2s ＋a 1t 21－2v 0t 1v 0－a 1t 1【答案】 v 0－a 1t 122s ＋a 1t 21－2v 0t 1 2s ＋a 1t 21－2v 0t 1v 0－a 1t 111．(14分)甲车以加速度3 m/s 2由静止开始做匀加速直线运动．乙车落后2 s 在同一地点由静止开始以加速度6 m/s 2做匀加速直线运动．两车的运动方向相同，求：【导学号：02890024】(1)在乙车追上甲车之前，两车距离的最大值是多少？(2)乙车出发后经多长时间可追上甲车？此时它们离出发点多远？【解析】 (1)两车距离最大时速度相等，设此时乙车已运动t 秒，则甲、乙两车的速度分别是v 1＝3×(t ＋2) m/s ， v 2＝6×t m/s ＝6t m/s ，由v 1＝v 2得：t ＝2 s ，由x ＝12at 2知，两车距离的最大值Δx ＝12a 甲(t ＋2)2－12a 乙t 2＝12×3×42 m －12×6×22m ＝12 m.(2)设乙车出发后经t ′秒追上甲车，则x 1＝12a 甲(t ′＋2)2＝12×3×(t ′＋2)2 m ， x 2＝12a 乙t ′2＝12×6×t ′2m由x 1＝x 2代入数据，求得t ′＝(2＋22)s.将所求得时间代入位移公式可得x 1＝x 2≈70 m. 【答案】 (1)12 m (2)(2＋22) s 70 m12．(14分)(2016·天津高一检测)短跑运动员完成100 m 赛跑的过程可简化为匀加速直线运动和匀速直线运动两个阶段．一次比赛中，某运动员用11.00 s 跑完全程．已知运动员在加速阶段的第2 s 内通过的距离为7.5 m ，求该运动员的加速度及在加速阶段通过的距离．【解析】根据题意，在第1 s 和第2 s 内运动员都做匀加速直线运动，设运动员在匀加速阶段的加速度为a ，在第1 s 和第2 s 内通过的位移分别为s 1和s 2，由运动学规律得s 1＝12at 20s 1＋s 2＝12a (2t 0)2 t 0＝1 s联立解得a ＝5 m/s 2设运动员做匀加速运动的时间为t 1，匀速运动的时间为t 2，匀速运动的速度为v ，跑完全程的时间为t ，全程的距离为s ，依题意及运动学规律，得t ＝t 1＋t 2 v ＝at 1 s ＝12at 21＋vt 2设加速阶段通过的距离为s ′，则s ′＝12at 21求得s ′＝10 m. 【答案】 5 m/s 210 m。

粤教版高中物理必修二段考试卷.docx

高中物理学习材料唐玲收集整理东山中学高一第二学期第一次段考试卷科目：物理（90分钟）第I 卷（选择题共50分）一、单项选择题（本题共10小题；每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的．选对的得4分，选错或不答的得0分．）1．关于曲线运动，下列说法中正确的是（） A ．物体所受合外力是变力； B ．物体在恒力作用下不可能做曲线运动；C ．物体所受合外力方向与加速度方向不在一直线上；D ．物体所受合外力方向与速度方向不在一条直线上2.匀速圆周运动的特点是（）A. 速度变化，角速度不变化，周期不变化；B. 速度不变化，角速度变化，周期变化；C. 速度变化，角速度不变化，周期变化；D. 速度不变化，角速度变化，周期不变化；3.如果两个不在同一直线上的分运动都是匀速直线运动，对其合运动的描述中，正确的是 ( ) A ．合运动一定是曲线运动B ．合运动一定是直线运动C ．合运动是曲线运动或直线运动D ．当两个分运动的速度数值相等时，合运动才为直线运动4.如图所示，红蜡块能在玻璃管的水中匀速上升，若红蜡块在 A 点匀速上升的同时，使玻璃管水平向右作匀加速直线运动，则红蜡块实际运动的轨迹是图中的（）A ．直线A PDB ．曲线AQD试室：学号：姓名：C ．曲线ARD D ．无法确定5、物体做竖直上抛运动（不考虑空气阻力），以下说法中正确的是（）A. 物体在最高点的速度和加速度都为零B. 物体在上升和下降过程中的加速度不相同C. 物体上升和下降到某一高度时，位移相同，速度也相同D. 可以看做一个竖直向上的匀速运动和一个自由落体运动的合运动 6．关于平抛物体的运动，以下说法正确的是（） A ．做平抛运动的物体，速度和加速度都随时间的增加而增大 B ．平抛物体的运动是变加速运动C ．做平抛运动的物体仅受到重力的作用，所以加速度保持不变D ．做平抛运动的物体水平方向的速度逐渐增大7.某人在距地面某一高度处以初速度v 水平抛出一物体，落地速度大小为2v ，则它在空中飞行的时间及距地面抛出的高度为（）A ．g v g v 2,2B ．g v g v 49,232 C ．g v g v 43,232 D ．g v g v 23,328.．如图，蹲在树枝上的一只松鼠看到一个猎人正在用枪水平对准它，就在子弹出枪口时，松鼠开始运动，下述各种运动方式中，松鼠不能逃脱厄运而被击中的是(设树枝足够高)：（）①自由落下 ②竖直上跳 ③迎着枪口，沿AB 方向水平跳离树枝 ④背着枪口，沿AC 方向水平跳离树枝A.①②③B.②③④C.①③④D.①②④9.如图，在离水面面高度为H 的岸边，有人收绳子，使船靠岸，为了使船匀速靠岸，拉绳的速度必须是（）A ．加速B ．减速C ．匀速D ．先加速后减速10.做斜抛运动的物体（） A. 初速度大的一定比初速度小的物体射程远 B. 射程由初速度的大小同决定C. 初速度越大的物体飞行时间一定越长vθ（第9题）abcO 1O 2D. 飞行时间由竖直方向分运动决定二、不定项选择题（本题共2小题；每小题5分，共10分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得5分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．）11、以速度v o 水平抛出一小球，如果从抛出到某时刻小球的竖直分位移与水平分位移大小相等，以下判断正确的是（） A ．此时小球的竖直分速度大小等于水平分速度大小 B ．此时小球的速度大小为0v 5C. 此时小球速度的方向与位移的方向相同D ．小球运动的时间为2v o /g12．如图所示为一皮带传送装置，a 、b 分别是两轮边缘上的两点，c 处在O 1轮上，且有r a =2r b =2r c ，则下列关系正确的有（）Ａ．v a =v b Ｂ．ωa =ωb Ｃ．v a =v c Ｄ．ωa =ωc第II 卷（非选择题共50分）三、填空题：（每空3分, 共18分） 13．电扇的风叶的长度为1000 mm ，转速为180 r/min ，则它的转动周期是 s ，叶片端点处的线速度是 m/s 。

新教材2024春高中物理第一章抛体运动达标检测卷粤教版必修第二册(含答案)

新教材高中物理粤教版必修第二册：第一章达标检测卷(考试时间：60分钟满分：100分)班级：________ 座号：________ 姓名：________ 分数：________一、选择题：本题共20小题，每小题3分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．(2023年江门二中期中)关于物体做曲线运动，下列说法正确的是( )A．物体在恒力作用下不可能做曲线运动B．物体在变力作用下有可能做曲线运动C．做曲线运动的物体，其速度方向与加速度方向可能在同一条直线上D．物体在变力作用下不可能做直线运动【答案】B 【解析】物体做曲线运动的条件是所受合力的方向与速度方向不在一条直线上，即速度方向与加速度方向不在同一条直线上，可以是恒力也可以是变力，故A、C错误，B正确；物体做直线运动的条件是所受合力的方向与速度方向在一条直线上，可以是恒力也可以是变力，故D错误．2．(2023年惠州二中段考)赛车弯道超车如图，外侧的赛车在水平弯道上加速超越前面的赛车．若外侧的赛车沿曲线由N向M行驶，速度逐渐增大．选项图中分别画出了外侧的赛车在弯道超车时所受合力F的四种方向．你认为正确的是( )A BC D【答案】C 【解析】赛车做的是曲线运动，赛车受到的合力应该指向运动轨迹弯曲的内侧，由于赛车是从N向M运动的，并且速度在增大，所以合力与赛车的速度方向的夹角要小于90°．故选C．3．(2023年佛山二中月考)如图所示，用线悬挂的圆环链由直径为5 cm 的圆环连接而成，枪管水平放置，枪管跟环5在同一水平面上，且两者相距100 m ，子弹初速度为1 000 m/s ．若在开枪的同时烧断悬线，子弹应穿过第几个环( )A ．5B ．4C ．3D ．2【答案】A 【解析】子弹射出枪口后做平抛运动，平抛运动在竖直方向上的分运动为自由落体运动，刚开始枪口与第5个环心处在同一水平面上，若在开枪的同时烧断悬线，子弹与第五环在竖直方向上的运动情况相同，所以子弹能穿过第五环．A 正确，B 、C 、D 错误．4．如图所示，斜面体ABC 固定在水平地面上，斜面的高AB 为 2 m ，倾角θ＝37°，且D 是斜面的中点．在A 点和D 点分别以相同的初速度水平抛出一个小球，结果两个小球恰能落在地面上的同一点，则落地点到C 点的水平距离为(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)( )A ．34 m B ．23m C ．22m D ．43m 【答案】D 【解析】设斜面体的高AB 为h ，落地点到C 点的距离为x ，由几何关系知D 点到水平地面的高为h2，A 点到C 点的水平距离x A ＝htan θ，D 点到C 点的水平距离x D ＝h2tan θ，由A 点抛出的小球下落时间t A ＝2hg，由D 点抛出的小球下落时间t D ＝h g，由平抛运动的规律有x A ＋x ＝v 0t A ，x D ＋x ＝v 0t D ，解得x ＝43m ，D 正确．5．如图所示，用小锤击打弹性钢片，小球A 沿水平方向飞出做平抛运动，同时小球B 被放开做自由落体运动．关于该实验下列说法正确的是( )A ．听到A 和B 同时落地的声音B ．本实验要求A 和B 的质量一定相同C ．该实验能说明小球A 水平方向做匀速运动D ．实验开始时A 和B 离地面的高度可以不一样【答案】A 【解析】平抛运动竖直方向为自由落体运动，两小球高度相同，竖直方向都有h ＝12gt 2，解得t ＝2h g，两小球高度相同，所以听到A 和B 同时落地的声音，A 正确；本实验验证平抛运动竖直方向为自由落体运动，由h ＝12gt 2，可知，与质量无关，不需要A和B 的质量相同，B 错误；本实验验证平抛运动竖直方向为自由落体运动，不能说明小球A 水平方向做匀速运动，C 错误；验证平抛运动竖直方向为自由落体运动，要保证竖直高度相同，D 错误．6．如图所示，一名运动员在参加跳远比赛，他腾空过程中离地面的最大高度为L ，成绩为4L ．假设跳远运动员落入沙坑瞬间速度方向与水平面的夹角为α．运动员可视为质点，不计空气阻力，则有( )A ．tan α＝2B ．tan α＝1C ．tan α＝12D ．tan α＝14【答案】B 【解析】腾空过程中离地面的最大高度为L ，从最高点到落地过程中，做平抛运动．根据平抛运动规律，L ＝12gt 2，解得t ＝2Lg，运动员在空中最高点的速度即为运动员起跳时水平方向的分速度，根据分运动与合运动的等时性，则水平方向的分速度v x ＝2Lt＝2gL ，根据运动学公式，在最高点竖直方向速度为零，那么运动员落到地面时的竖直分速度v y ＝gt ＝2gL ，运动员落入沙坑瞬间速度方向与水平面的夹角的正切值tan α＝v y v x＝2gL2gL＝1，故B 正确，A 、C 、D 错误． 7．从距水平地面同一高度，以相同初速度同时抛出两个质量不同的小石块．不计空气阻力，下列说法正确的是( )A ．两个石块同时落地，但轻的落地速度小B ．质量较大的石块先落地C ．两个石块在落地前瞬间的速度相等D ．质量较大的石块在落地前瞬间的速度较大【答案】C8．(2023年茂名电白区期末)《西游记》中，一只大龟浮水作舟，驮着唐僧师徒四人和白龙马渡过了通天河．已知大龟在静水中游动的速度大小与河水的流速大小之比为2∶1，出发点A 到正对岸B 点的距离为d ，河岸平直．若大龟以最短的时间渡河，则大龟上岸的地点与B 点的距离为( )A ．d4 B ．d2 C ．2dD ．4d【答案】B 【解析】要使渡河时间最短，大龟游动的速度方向应垂直河岸，渡河时间t ＝d v 1，大龟上岸的地点与B 点的距离x ＝v 2t ，又v 1∶v 2＝2∶1，解得x ＝d2，B 正确． 9．(2023年广州一中月考)雨滴由静止开始下落，遇到水平方向吹来的风，下列说法正确的是( )A ．风速越大，雨滴下落的时间越长B ．风速越大，雨滴着地时的速度越大C ．雨滴下落时间与风速有关D ．雨滴着地时的速度与风速无关【答案】B 【解析】将水滴的运动沿水平方向和竖直方向正交分解，水平方向随风一起飘动，竖直方向同时向下落；由于水平方向的分运动对竖直分运动无影响，故落地时间与水平分速度无关，故A 、C 错误；两分运动的速度合成可得到合速度v ＝v 2x ＋v 2y ，故风速越大，落地时合速度越大，B 正确，D 错误．10．用如图所示的装置研究平抛运动．敲击弹性金属片后，两球同时开始运动，均落在水平地面上，下列说法合理的是( )A ．A 球比B 球先落地 B ．B 球比A 球先落地C ．两个小球同时落地D ．只有实验装置距离地面某一高度时，两个小球才同时落地【答案】C 【解析】根据装置图可知，A 做平抛运动，B 做自由落体运动，平抛运动可以看作是竖直方向上的自由落体运动和水平方向上的匀速直线运动，A 球的运动时间由竖直高度决定，因两小球从同一高度同时开始运动，所以两个小球同时落地，C 正确，A 、B 、D 错误．11．(2022年广州模拟)如图所示，滑板爱好者先后两次从坡道A 点滑出，均落至B 点，第二次腾空的时间比第一次长，则( )A ．两次滑出速度方向相同B ．两次腾空最大高度相同C ．第二次滑出时竖直方向的速度一定大D ．滑板爱好者两次在最高点的速度相同【答案】C 【解析】设腾空时间为t ，滑板爱好者先后两次从坡道A 点滑出后做斜抛运动，水平方向上有x ＝v x t ，由于第二次的腾空时间比第一次长，则有v x 2＜v x 1 ，即滑板爱好者第二次在最高点的速度比第一次在最高点的速度小，D 错误；根据上述在竖直方向上有v y ＝g ·t2，由于第二次的腾空时间比第一次长，可知滑板爱好者第二次滑出时竖直方向速度一定大，C 正确；腾空的最大高度h ＝12g ·⎝ ⎛⎭⎪⎫t 22＝18gt 2，由于第二次的腾空时间比第一次长，则第二次腾空最大高度比第一次腾空最大高度大，B 错误；根据tan θ＝v y v x ＝gt 22x，由于第二次的腾空时间比第一次长，则第二次滑出速度与水平方向夹角比第一次滑出速度与水平方向夹角大，A 错误．12．如图所示，用频闪照相方法记录的小球做平抛运动每隔相等时间的位置．由图可知小球在相等时间内( )A ．水平位移越来越大B ．竖直位移越来越小C ．水平位移始终相等D ．竖直位移始终相等【答案】C 【解析】小球做平抛运动，水平方向上做匀速直线运动，小球在相等时间内，水平位移始终相等，A 错误，C 正确；竖直方向上小球做自由落体运动，在相等时间内，竖直位移越来越大，B 、D 错误．13．某次航展中，翼龙Ⅱ无人机先沿直线水平运动，再沿曲线运动，最后沿陡直线直入云霄．设飞行路径在同一竖直面内．在无人机沿曲线飞行时( )A ．速度一定增大B ．水平分速度一定不变C ．所受合力可能为零D ．所受合力方向可能竖直向上【答案】D 【解析】速度不一定增大，水平分速度可能变化，曲线运动的物体，受到的合外力指向曲线的凹侧，不可能为零．14．(2023年中山联考)购物广场设有自动扶梯和步行楼梯．步行楼梯每级的高度是0.15 m ，自动扶梯与水平面的夹角为30°，自动扶梯前进的速度是0.60 m/s ．甲、乙两位顾客，分别从自动扶梯和步行楼梯的起点同时上楼，甲在自动扶梯上站立不动，乙在步行楼梯上以每秒上两个台阶的速度匀速上楼．则( )A ．甲、乙上楼的时间一定相等B ．甲、乙上楼的速度大小一定相同C ．甲、乙上楼的位移大小一定相同D ．甲上楼速度大小为0.3 m/s【答案】A 【解析】甲的运动如图所示自动扶梯前进的速度是0.60 m/s ，则甲上楼速度大小为0.6 m/s ；分解在竖直方向上的速度为v 甲y ＝v 甲sin 30°＝0.60×12 m/s ＝0.3 m/s ，乙在竖直方向的速度v 乙y ＝2×0.151 m/s＝0.3 m/s ，由于甲、乙在竖直方向速度相等，故甲、乙上楼的时间一定相等，A 正确，D 错误；因为步行楼梯和自动扶梯上楼与水平面倾角不一定相同，故甲、乙上楼的速度、位移大小不一定相同，故B 、C 错误．15．如图所示，在M 点分别以不同的速度将两个小球水平抛出，两小球分别落在水平地面上的P 点、Q 点．已知O 点是M 点在地面上的竖直投影，OP →∶PQ →＝1∶3，且不考虑空气阻力的影响，下列说法中正确的是( )A ．两小球的下落时间之比为1∶3B ．两小球的下落时间之比为1∶4C ．两小球的初速度大小之比为1∶3D ．两小球的初速度大小之比为1∶4【答案】D 【解析】依题意两小球下落高度相同，根据公式h ＝12gt 2，所以两小球的下落时间之比为1∶1，A 、B 错误；两小球的水平分位移之比为x 1x 2＝OP OP ＋PQ ＝14．又x ＝v 0t ，解得v 01v 02＝14， C 错误，D 正确．16．如图所示，某同学利用无人机玩“投弹”游戏．无人机以v 0＝2 m/s 的速度水平向右匀速飞行，在某时刻释放了一个小球(可看作质点)．此时释放点到水平地面的高度为h ＝20 m ，空气阻力忽略不计，重力加速度g 取10 m/s 2．小球的落地点到释放点的水平距离为( )A ．20 mB ．10 mC ．4 mD ．2 m【答案】C 【解析】小球释放后在空中做平抛运动，由竖直方向做自由落体运动h ＝12gt 2，得小球在空中运动时间t ＝2h g＝2×2010s ＝2 s ．小球在水平方向上做匀速直线运动，小球的落地点到释放点的水平距离为x ＝v 0t ＝2×2 m＝4 m ，C 正确．17．如图所示，做匀速直线运动的小车A 通过一根绕过定滑轮的长绳吊起一重物B ，设重物和小车速度的大小分别为v A 、v B ，则( )A ．v A ＜vB B ．v A ＞v BC ．重物B 处于失重状态D ．绳的拉力小于B 的重力【答案】B 【解析】小车的运动可分解为沿绳方向和垂直于绳的方向的两个运动，设斜拉绳子与水平面的夹角为θ，由几何关系可得v B ＝v A cos θ，所以v A ＞v B ，A 错误，B 正确；因小车匀速直线运动，而θ逐渐变小，故v B 逐渐变大，重物有向上的加速度，重物B 处于超重状态，绳的拉力大于B 的重力，C 、D 错误．18．如图所示，节水灌溉中的喷嘴距地高0.8 m ．假定水从喷嘴水平喷出，喷灌半径为4 m ．不计空气阻力，g 取10 m/s 2，则( )A ．水下落的加速度为8 m/s 2B ．水从喷嘴到地面的时间为0.4 sC ．水从喷嘴喷出后速度不变D ．水从喷嘴喷出的速率为12 m/s【答案】B 【解析】水喷出后做平抛运动，下落的加速度为10 m/s 2，故A 错误；根据h ＝12gt 2得t ＝2hg＝0.4 s ，故B 正确；水从喷嘴喷出后做匀变速曲线运动，速度增大，故C 错误；水从喷嘴喷出的速率v 0＝x t ＝40.4m/s ＝10 m/s ，故D 错误．19．如图所示，某一小球以v 0＝10 m/s 的速度水平抛出，在落地之前经过空中A 、B 两点，在A 点小球速度方向与水平方向的夹角为45°，在B 点小球速度方向与水平方向的夹角为60°(空气阻力忽略不计，g 取10 m/s 2)．以下判断正确的是( )A ．小球经过A 、B 两点间的时间t ＝(3－1) s B ．小球经过A 、B 两点间的时间t ＝ 3 sC ．A 、B 两点间的高度差h ＝20 mD ．A 、B 两点间的高度差h ＝15 m【答案】A 【解析】小球经过A 、B 两点的时间分别为t A 、t B ，根据tan 45°＝gt Av 0，tan 60°＝gt Bv 0，可求得t A ＝1 s ，t B ＝ 3 s ，小球从A 到B 的时间t ＝t B －t A ＝(3－1) s ，A 正确，B 错误；小球竖直方向的位移h A ＝12gt 2A ＝5 m ，h B ＝12gt 2B ＝15 m ，A 、B 两点的高度差h AB ＝h B －h A ＝10 m ，C 、D 错误．20．如图所示，从地面上同一位置抛出两小球A 、B ，分别落在地面上的M 、N 两点，两球运动的最大高度相同．空气阻力不计，则( )A．B的加速度比A的大B．B的飞行时间比A的长C．B在最高点的速度比A在最高点的大D．B在落地时的速度比A在落地时的小【答案】C二、非选择题：本题共3小题，共40分．21．(12分)在研究平抛运动的实验中：(1)为减少空气阻力对小球运动的影响，应采用( )A．空心小铁球B．实心小铁球C．实心小木球D．以上三种小球都可以(2)安装实验装置的过程中，斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是( )A．保证小球飞出时，初速度水平B．保持小球飞出时，速度既不太大，也不太小C．保证小球在空中运动的时间每次都相等D．保证小球运动的轨迹是一条抛物线(3)如图所示，某同学在做平抛运动的实验时，小球运动过程中先后经历了轨迹(轨迹未画出)上的a、b、c、d四个点．已知图中每个小方格的边长l＝1.6 cm，g取10 m/s2．请你根据小方格纸上的信息，完成下面的问题．①若已知平抛运动在竖直方向上的分运动是自由落体运动，则小球运动过程中从a→b，b→c，c→d所经历的时间 ________(填“相同”或“不同”)．②小球平抛运动的初速度v0＝________m/s．③小球在b点时的速率v b＝________m/s．(结果均保留两位有效数字)【答案】(1)B (2)A (3)①相同②0.80③1.0【解析】(1)为了减少空气阻力对小球的影响，要选择体积较小、质量较大的小球，故选实心小铁球，故B正确，A、C、D错误．(2)斜槽末端的切线必须是水平的，是为了保证小球抛出后做平抛运动，故A正确，B、C、D错误．(3)①小球在水平方向做匀速直线运动，由于a→b，b→c，c→d的水平间距相等，所以所经历的时间相同．②在竖直方向上有Δy ＝gT 2，则有T ＝Δyg＝0.01610s ＝0.04 s ，可得小球平抛运动的初速度v 0＝2lT＝0.80 m/s ．③b 点竖直方向的分速度v by ＝y ac 2T ＝3l 2T＝0.60 m/s ，小球在b 点时的速率v b ＝v 20＋v 2by ＝1.0 m/s ．22．(14分)把一小球从离地面h ＝5 m 处，以v 0＝10 m/s 的初速度水平抛出，不计空气阻力(g 取10 m/s 2)．求：(1)小球在空中飞行的时间． (2)小球落地点离抛出点的水平距离． (3)小球落地时的速度．【答案】(1)1 s (2)10 m (3)10 2 m/s ，方向与地面成45°斜向下【解析】(1)由h ＝12gt 2，得飞行的时间t ＝2h g＝2×510s ＝1 s ． (2)落地点离抛出点的水平距离x ＝v 0t ＝10×1 m＝10 m ．(3)v y ＝gt ＝10 m/s ，小球落地时的速度v ＝v 20＋v 2y ＝10 2 m/s ，tan α＝v yv 0＝1，α＝45°，速度方向与地面成45°斜向下．23．(14分)在真空环境内探测微粒在重力场中能量变化的简化装置如图所示．P 是一个微粒源，能持续水平向右发射质量相同、初速度不同的微粒．高度为h 的探测屏AB 竖直放置，离P 点的水平距离为L ，上端A 与P 点的高度差也为h ．(1)若微粒打在探测屏AB 的中点，求微粒在空中飞行的时间． (2)求能被探测到的微粒的初速度范围．【答案】(1)3hg(2)Lg4h ≤v ≤L g 2h【解析】(1)打在中点的微粒32h ＝12gt 2，解得t ＝3h g．(2)打在B 点的微粒v 1＝L t 1，2h ＝12gt 21，解得v 1＝Lg4h．同理，打在A点的微粒初速度v2＝Lt2，h＝12gt22，解得v2＝Lg2h．所以微粒初速度范围为L g4h≤v≤Lg2h．。

高中物理模块综合测评课时训练含解析粤教版必修1

模块综合测评(时间:90分钟满分:100分)一、选择题(本题共12小题,每小题4分,共48分.第1~8小题只有一个选项正确;第9~12小题有多个选项正确)1.下列说法中正确的是()A.选为参考系的物体一定静止B.质量大、体积大的物体不可以看做质点C.我们早上第一节课是7时30分开始,这个“7时30分”表示一段时间D.力学中的三个基本物理量是:长度、质量、时间2.下列说法中正确的是()A.伽利略认为重的物体下落比较快B.牛顿发现并总结了弹簧弹力与伸长量的关系C.牛顿第一定律也称为惯性定律D.速度表达式=表示的是t时刻的瞬时速度3.物体静止在一斜面上,则下列说法中正确的是()A.物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对平衡力B.物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力是一对作用力和反作用力C.物体所受重力和斜面对物体的作用力是一对作用力和反作用力D.物体所受重力可以分解为沿斜面向下的分力和对斜面的压力,作用力和反作用力是两个物体间相互作用的一对力,选项AC错误,B正确;物体的重力分解为沿斜面向下的分力和垂直斜面的分力,D项错误.4.下列各图分别表示的是某一物体的运动情况或其所受合外力的情况.其中甲图是某物体的位移—时间图象;乙图是某一物体的速度—时间图象;丙图表示某一物体的加速度—时间图象;丁图表示某一物体所受合外力随时间变化的图象.四幅图中的图线都是直线,从这些图象中可判断出一定质量物体的某些运动特征.下列有关说法中不正确的是()A.甲物体受合外力为零B.乙物体受到的合外力不变C.丙物体的速度一定越来越大D.丁物体的加速度越来越大,甲是匀速运动,乙、丙都是匀变速运动,而丁的加速度越来越大;对丙:如果a与v方向反向,速度会越来越小,故选项C错误.5.(2014课标全国Ⅰ)如图,用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上,系统处于平衡状态.现使小车从静止开始向左加速,加速度从零开始逐渐增大到某一值,然后保持此值,小球稳定地偏离竖直方向某一角度(橡皮筋在弹性限度内).与稳定在竖直位置时相比,小球的高度()(导学号51090184)A.一定升高B.一定降低C.保持不变D.升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定,对小球受力分析得kx1=mg(k为橡皮筋的劲度系数),此时橡皮筋长度为l1=l0+x1=l0+(l0为橡皮筋的原长);小球加速度运动稳定后,设橡皮筋与竖直方向夹角为θ,对小球受力分析得,竖直方向有kx2cos θ=mg,此时橡皮筋长度为l2=l0+x2,橡皮筋在竖直方向的长度为l2cos θ=l0cos θ+;根据l1>l2cos θ可知,小球的高度升高,A项正确.6.甲、乙两个小物体,甲的重力是乙的3倍,它们从同一高度处同时自由下落,不考虑空气阻力,则下列说法中正确的是()A.甲比乙先落地B.甲的加速度比乙大C.甲、乙同时落地D.无法确定谁先落地h=gt2,t=可知,甲、乙同时落地.7.甲、乙两人同时由相同位置A沿直线运动到同一位置B,甲先以速度v1匀速运动了一半路程,然后以速度v2匀速走完了剩下的后一半路程;乙在由A运动到B的过程中,前一半时间内运动速度为v1,后一半时间内乙的运动速度为v2,若v1<v2,则甲与乙相比较()A.甲先到达BB.乙先到达BC.只要v1、v2取值合适,甲、乙两人可以同时到达D.以上情况都有可能==,乙的平均速度==,<,乙先到达B.。

新教材2021春高中物理粤教版必修第二册训练：模块综合检测 Word版含解析

模块综合检测（时间：90分钟满分：100分）一、单项选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分）1.在下列情景中，属于有效利用离心现象的是（）A.汽车拐弯时减速行驶B.给砂轮的外侧安装防护罩C.游客乘坐过山车时扣紧安全带D.运动员手持链球链条的一端加速旋转后松手解析：A、B、C都是防止离心现象，D是利用离心现象，因而D 正确.答案：D2.链球运动员用链子拉着铁球做速度逐渐增大的曲线运动，在此过程中，运动员的手和链球的运动轨迹都可以近似为圆.关于手和球的位置关系，下面四幅图中正确的是（）解析：链球做速率增大的曲线运动，因此合力沿切线方向的分量与速度方向相同，拉力应与速度成锐角，并且链球运动半径大于手的运动半径，故选项A正确.答案：A3.关于对天体运动的理解，下列说法正确的是（）A.所有绕同一中心天体的行星的公转周期与行星的轨道半径成正比B.同步卫星绕地球转动的线速度与地球赤道处自转的线速度相同C.若行星绕太阳运行的轨道为椭圆，则行星在远日点的速度最大D.火星探测器的发射速度应大于第二宇宙速度、小于第三宇宙速度解析：由开普勒第三定律知，有绕同一中心天体的行星的公转周期的二次方与行星的轨道半径的三次方成正比，故A错误；同步卫星绕地球转动的角速度与地球自转的角速度相同，由线速度v＝ωr，可知同步卫星绕地球转动的线速度大于地球赤道处自转的线速度，故B 错误；当行星从近日点沿椭圆轨道向远日点运动的过程中克服万有引力做功，速率减小，则行星在远日点的速度最小，故C错误；第二宇宙速度是发射脱离地球束缚卫星的最小发射速度，第三宇宙速度是发射脱离太阳束缚卫星的最小发射速度，火星探测器的发射速度应该大于第二宇宙速度，小于第三宇宙速度，故D正确.答案：D4.如图所示为某齿轮传动装置中的A、B、C三个齿轮，三个齿轮的齿数分别为32、12、20，当齿轮绕各自的轴匀速转动时，A、B、C 三个齿轮转动的角速度之比为（）A.8∶3∶5B.5∶3∶8C.15∶40∶24D.24∶40∶15解析：三个齿轮同缘转动，所以三个齿轮边缘的线速度相等，即为v A＝v B＝v C.三个齿轮的齿数分别为32、12、20，根据ω＝vr，得A、B、C三个齿轮转动的角速度之比为132∶112∶120＝15∶40∶24，故C正确.答案：C5.奥运会比赛项目撑竿跳高如图所示.下列说法不正确的是（）A.加速助跑过程中，运动员的动能增加B.起跳上升过程中，杆的弹性势能一直增加C.起跳上升过程中，运动员的重力势能增加D.越过横杆后下落过程中，运动员的重力势能减少动能增加解析：运动员加速助跑动能增加，A正确；起跳上升过程中，杆的弹性势能先增加后减少，B错误；上升过程中，运动员的重力势能增加，C正确；下落过程中，重力势能转化为动能，D正确.因此不正确的选B.答案：B6.轻质细杆OA的长度L＝0.50 m，A端有一质量为m＝3.0 kg的小球，如图所示，小球以O点为圆心在竖直平面内做圆周运动，通过最高点时小球的速率是2.0 m/s，g取10 m/s2，则此时细杆OA受到（）A.6 N的拉力B.6 N的压力C.24 N 的拉力D.24 N 的压力解析：小球运动到最高点时受到重力与细杆的弹力，假设细杆的弹力F N 方向向上，则mg －F N ＝m v 2L ，即F N ＝mg －m v 2L＝30 N －24 N ＝6 N ，由牛顿第三定律可知，小球对细杆产生向下的压力.答案：B7.用恒力F 使质量为10 kg 的物体从静止开始，以2 m/s 2的加速度匀加速上升，不计空气阻力，g 取10 m/s 2，那么以下说法中正确的是（）A.2 s 内恒力F 做功80 JB.2 s 内重力做的功是400 JC.2 s 内物体克服重力做的功是400 JD.2 s 内合力做的功为零解析：根据牛顿第二定律可知，恒力为：F ＝mg ＋ma ＝10×10＋10×2 N ＝120 N ，2 s 内物体上升的高度：h ＝12at 2＝12×2×22 m ＝4 m ， 2 s 内恒力F 做功：W 1＝Fh ＝120×4 J ＝480 J ，故选项A 不符合题意；2 s 内重力做功：W 2＝－mgh ＝－400 J ，即2 s 内物体克服重力做功为400 J ，故选项B 不符合题意，C 符合题意；2 s 内合力做的功：W ＝W 1＋W 2＝480 J －400 J ＝80 J ，故选项D 不符合题意.答案：C8.小王练习接排球.排球网高h 1＝2.0 m ，接球点距球网水平距离s＝4.8 m ，离地面高h 2＝0.2 m ，忽略空气阻力.接球后，球刚好水平过网，则球离开小王手时的速度大小为（g 取10 m/s 2）（）A.6 m/sB.8 m/sC.10 m/sD.12 m/s解析：采用逆向思维，排球做平抛运动，运动的时间t ＝ 2（h 1－h 2）g＝0.6 s ，则v 0＝s t ＝4.80.6m/s ＝8 m/s ，排球竖直分速度v y ＝gt ＝10×0.6 m/s ＝6 m/s ，可知排球离开小王手时的速度v ＝v 20＋v 2y ＝10 m/s.答案：C9.设土星绕太阳的运动为匀速圆周运动，若测得土星到太阳的距离为R ，土星绕太阳运动的周期为T ，万有引力常量G 已知.根据这些数据，不能求出的量是（）A.土星线速度的大小B.土星加速度的大小C.土星的质量D.太阳的质量解析：根据已知数据可求：土星的线速度大小v ＝2πR T 、土星的加速度a ＝4π2T 2R 、太阳的质量M ＝4π2R 3GT 2，无法求土星的质量，所以选C. 答案：C10.如图所示，传送带以1 m/s 的速度水平匀速运动，沙斗以20 kg/s 的流量向传送带上装沙子，为了保持传递速率不变，驱动传送带的电动机因此应增加功率（）A.10 WB.20 WC.30 WD.40 W 解析：每秒钟流到传送带的沙子获得的动能为ΔE k ＝12m v 2，沙子达到速度v 之前，相对传送带向后滑动，每秒转化为内能的机械能为Q ＝fs 相对，而s 相对＝v 2t 相－v 20相2a 相＝0－v 22（－μg ）＝v 22μg，Q ＝fs 相对＝μmg ·v 22μg ＝12m v 2，因此，电动机必须增加的功率为ΔP ＝（ΔE k ＋Q ）Δt ＝m v 2Δt ＝20 W ，选项B 正确.答案：B二、多项选择题（本大题共4小题，每小题4分，共16分.在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）11.如图所示，一根轻质弹簧固定于O 点，另一端系一个重物，将重物从与悬挂点等高的地方无初速度释放，让其自由摆下，不计空气阻力，重物在摆向最低点的位置的过程中（）A.重物重力势能减小B.重物重力势能与动能之和增大C.重物的机械能不变D.重物的机械能减少解析：在小球向下摆动过程中，重力做正功，故重力势能减小，故A 项与题意相符；在小球向下摆动过程中，弹簧的弹力逐渐变大，故弹性势能逐渐变大；在整个运动的过程中，有重力和弹簧的弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒；故重物重力势能与动能之和不断减小，故B项与题意不相符；根据功能关系，除重力外，其余力做的功等于机械能的增加量，故重物的机械能减少量等于克服弹簧弹力所做的功，物体的机械能减小.故C项与题意不符，D项与题意相符.答案：AD12.2019年5月17日，我国在西昌卫星发射中心用“长征三号丙”运载火箭，成功发射了第45颗北斗导航卫星.该卫星属地球静止轨道卫星.北斗卫星导航系统空间段计划有5颗地球静止轨道卫星.若地球的自转周期为T，这些卫星在轨运行的线速度大小为v，关于这些地球静止轨道卫星，下列说法正确的是（）A.在赤道上空自东向西运动B.运动的加速度大小均为2πv TC.离地的高度均为v T 2πD.它们的角速度、向心加速度大小都相等解析：同步卫星与地球的自转同步，则在赤道上空自西向东运动，故A错误；运动的加速度大小为a＝ωv＝2πvT，故B正确；轨道半径为r＝v T2π，因此离地的高度为h＝v T2π－R，要小于v T2π，故C错误；所有同步卫星的角速度、向心加速度大小都相等，但是质量不一定相等，所以向心力大小不一定相等，故D正确.答案：BD13.用一根绳子竖直向上拉一物块，物块从静止开始运动，绳子拉力的功率按如图所示规律变化，0～t0时间内物块做匀加速直线运动，t0时刻后物块继续加速，t1时刻物块达到最大速度.已知物块的质量为m ，重力加速度为g ，则下列说法正确的是（）A.物块始终做匀加速直线运动B.t 1时刻物块的速度大小为P 0mgC.0～t 0时间内物块的加速度大小为P 0mgt 0D.0～t 1时间内物块上升的高度为P 0mg ⎝ ⎛⎭⎪⎫t 1－t 02－P 202m 2g3 解析：0～t 0时间内物块做匀加速直线运动，t 0时刻后功率保持不变，根据P ＝F v 知，v 增大，F 减小，物块做加速度减小的加速运动，当加速度减小到零时，物块做匀速直线运动，A 错.在t 1时刻速度达到最大，F ＝mg ，则速度v ＝P 0mg，B 错.0～t 0时间内，F ＝mg ＋ma ，则P ＝（mg ＋ma ）at ，可知图像的斜率k ＝m （g ＋a ）a ，可知加速度a ≠P 0mgt 0，C 错.P-t 图像围成的面积表示牵引力做功的大小，根据动能定理得：P 0t 02＋P 0（t 1－t 0）－mgh ＝12m v 2，解得：h ＝P 0mg ⎝ ⎛⎭⎪⎫t 1－t 02－P 202m 2g3，D 对. 答案：BD14.如图甲所示，用一轻质绳拴着一质量为m 的小球，在竖直平面内做圆周运动（不计一切阻力），小球运动到最高点时绳对小球的拉力为T ，小球在最高点的速度大小为v ，其T-v 2图像如图乙所示，则（）A.轻质绳长为am bB.当地的重力加速度为a mC.当v 2＝c 时，轻质绳的拉力大小为ac b ＋a D.只要v 2≥b ，小球在最低点和最高点时绳的拉力差均为6a解析：在最高点，重力和绳子拉力的合力充当向心力，有T ＋mg ＝m v 2R ，即T ＝m R v 2－mg ，故斜率k ＝m R，纵截距y ＝－mg ，根据几何知识可得k ＝a b ，y ＝－a ，联立解得g ＝a m ，R ＝mb a，A 错，B 对.当v 2＝c 时，代入T ＝m R v 2－mg ，解得T ＝a bc －a ，C 错.只要v 2≥b ，绳子的拉力大于0，根据牛顿第二定律得最高点T 1＋mg ＝m v 21L，最低点T 2－mg ＝m v 22L .从最高点到最低点的过程中，根据机械能守恒知，12m v 22－12m v 21＝2mgL ，联立解得T 2－T 1＝6mg ，即小球在最低点和最高点时绳的拉力差均为6a ，D 对.答案：BD三、非选择题（本题共4小题，共44分）15.（8分）图甲是“研究平抛物体运动”的实验装置图，通过描点画出平抛小球的运动轨迹.（1）以下是实验过程中的一些做法，其中合理的有 .a.安装斜槽轨道，使其末端保持水平b.每次小球释放的初始位置可以任意选择c.每次小球应从同一高度由静止释放d.为描出小球的运动轨迹，描绘的点可以用折线连接（2）实验得到平抛小球的运动轨迹，在轨迹上取一些点，以平抛起点O为坐标原点，测量它们的水平坐标x和竖直坐标y，图乙中y-x2图像能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是.（3）图丙是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹，O为平抛的起点，在轨迹上任取两点A、B，测得A、B两点纵坐标y1＝5.0 cm，y2＝45.0 cm，A、B两点水平间距Δx＝40.0 cm.则平抛小球的初速度v0为m/s.解析：为了保证小球的初速度水平，安装斜槽轨道时，斜槽末端必须保持水平，故a正确.为了保证小球每次平抛运动的初速度相等，让小球从斜槽的同一位置由静止释放，故b错误，c正确.为描出小球的运动轨迹，描绘的点要用平滑曲线连接，故d错误.（2）根据平抛运动的规律有x＝v0t，y＝12gt2.得y＝gx22v20＝kx2，其中k ＝g 2v 20＝定值.可知y 与x 2的图像是过原点的倾斜直线. 因此，图丙y-x 2图像能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是C.（3）根据y 1＝12gt 21，得t 1＝2y 1g. 根据y 2＝12gt 22，得t 2＝2y 2g . 则小球的初速度为v 0＝Δx t 2－t 1. 已知y 1＝5.0 cm ＝0.05 m 、y 2＝45.0 cm ＝0.45 m ，Δx ＝40.0 cm ＝0.4 m ，代入上式解得：v 0＝2.0 m/s.答案：（1）ac （2）C （3）2.016.（10分）如图所示，一条不可伸长的轻绳上端悬挂于O 点，下端系一质量m ＝1.0 kg 的小球.现将小球拉到A 点（保持绳绷直）由静止释放，当它经过B 点时绳恰好被拉断，小球平抛后落在水平地面上的C 点.地面上的D 点与OB 在同一竖直线上，已知绳长L ＝1.0 m ，B 点离地高度H ＝1.0 m ，A 、B 两点的高度差h ＝0.5 m ，重力加速度g 取10 m/s 2，不计空气阻力，求：（1）地面上D 、C 两点间的距离s ；（2）轻绳所受的最大拉力大小.解析：（1）小球从A 运动到B 的过程中机械能守恒，有mgh ＝12m v 2B ，小球从B 运动到C 做平抛运动.在竖直方向上有H ＝12gt 2，在水平方向上有s ＝v B t ，解得s ＝ 2 m.（2）小球下摆到达B 点时，绳的拉力和重力的合力提供向心力，此时轻绳所受的拉力最大，有F －mg ＝m v 2B L，解得F ＝20 N.根据牛顿第三定律可知，轻绳所受的最大拉力为F ′＝F ＝20 N.答案：（1） 2 m （2）20 N17.（12分）如图甲所示，有一可绕竖直中心轴转动的水平圆盘，上面放置劲度系数为k ＝46 N/m 的弹簧，弹簧的一端固定于轴O 上，另一端连接质量为m ＝1 kg 的小物块A ，物块与盘间的动摩擦因数为μ＝0.2，开始时弹簧未发生形变，长度为l 0＝0.5 m ，若最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度g 取10 m/s 2，物块A 始终与圆盘一起转动.则：（1）圆盘的角速度为多大时，物块A 开始滑动？（2）当角速度缓慢地增加到4 rad/s 时，弹簧的伸长量是多少？（弹簧伸长在弹性限度内且物块未脱离圆盘）.（3）在角速度从零缓慢地增加到4 rad/s 过程中，物块与盘间摩擦力大小为f ，试通过计算在坐标系中作出f-ω2图像.解析：（1）设盘的角速度为ω0时，物块A 开始滑动，则μmg ＝mω20l 0，解得ω0＝μg l 0＝2 rad/s. （2）设此时弹簧的伸长量为Δx ，则μmg ＋k Δx ＝mω2（l 0＋Δx ），解得Δx ＝0.2 m.（3）在角速度从零缓慢地增加到2 rad/s 过程中，物块与盘间摩擦力为静摩擦力f ＝ml 0ω2，f ∝ω2，f 随着角速度平方的增加而增大；当ω>2 rad/s 时，物块与盘间摩擦力为滑动摩擦力f ＝μmg ＝2 N.f-ω2图像如下图所示.答案：（1）2 rad/s （2）0.2 m （3）见解析18.（14分）如图是某游乐场的一种过山车的简化图，过山车由倾角为θ的斜面和半径为R 的光滑圆环组成.假设小球从A 处由静止释放，沿着动摩擦因数为μ的斜面运动到B 点（B 为斜面与圆环的切点），而后沿光滑圆环内侧运动，若小球刚好能通过圆环的最高点C （重力加速度为g ），求：（1）小球经过圆环最低点D 时轨道对小球支持力的大小；（2）A 、B 之间的距离.解析：（1）小球在圆环最高点时由牛顿第二定律得mg ＝m v 2C R，小球在圆环最低点时由牛顿第二定律得F N －mg ＝m v 2D R，小球由D 点运动到C 点的过程中机械能守恒12m v 2D ＝12m v 2C＋2mgR ，由以上各式得F N ＝6mg .（2）设A 、B 间的距离为L ，小球沿斜面由A 点运动到B 点的过程，根据动能定理得mgL sin θ－μmgL cos θ＝12m v 2B ，小球由B 点运动到C 点的过程，由机械能守恒得12m v 2B ＝12m v 2C＋mgh ，又h ＝（1＋cos θ）R ，由以上各式解得L ＝3＋2 cos θ2（sin θ－μcos θ）R . 答案：（1）6 mg （2）3＋2 cos θ2（sin θ－μcos θ）R。

2021年新教材高中物理模块综合检测一含解析粤教版选择性必修第一册

模块综合检测〔一〕〔时间：75分钟分值：100分〕一、单项选择题〔此题共7小题，每一小题4分，共28分.每一小题只有一个选项是正确的，选对得4分，错选、不选或多项选择均不得分〕1.关于多普勒效应，如下说法中正确的答案是〔〕A.发生多普勒效应时，波源频率发生了变化B.要发生多普勒效应，波源和观察者必须有相对运动且两者间距发生变化C.火车向你驶来时，你听到的汽笛声音调变低，火车离你远去时，你听到的汽笛声音调变高D.只有声波才能发生多普勒效应解析：发生多普勒效应时，波源频率并没有发生变化，波源和观察者必须有相对运动，且两者间距发生变化才能发生多普勒效应，故A错误，B正确；根据多普勒效应可知，当波源和观察者间距变小，观察者接收到的频率一定比波源频率高，听到的声音音调变高，当波源和观察者间距变大，观察者接收到的频率一定比波源频率低，听到的声音音调变低，故C 错误；所有波都能发生多普勒效应，故D错误.答案：B2.如下列图，光滑的水平地面上有一辆平板车，车上有一个人.原来车和人都静止.当人从左向右行走的过程中〔〕A.人和车组成的系统水平方向动量不守恒B.人和车组成的系统机械能守恒C.人和车的速度方向一样D.人停止行走时，人和车的速度一定均为零解析：人和车组成的系统在水平方向上不受外力，动量守恒，故A错误；人和车组成的系统，初状态机械能为零，一旦运动，机械能不为零，可知人和车组成的系统机械能不守恒，故B错误；人和车组成的系统在水平方向上动量守恒，总动量为零，可知人和车的速度方向相反，当人的速度为零时，车速度也为零，故C错误，D正确.答案：D3.两个一样的单摆静止于平衡位置，使摆球分别以水平初速度v1、v2〔v1>v2〕在竖直平面内做小角度摆动，它们的频率与振幅分别为f1、f2和A1、A2，如此〔〕A.f1>f2，A1＝A2B.f1<f2，A1＝A2C.f1＝f2，A1>A2D.f1＝f2，A1<A2解析：单摆的频率由摆长决定，摆长相等，频率相等，所以A、B错误；由机械能守恒，小球在平衡位置的速度越大，其振幅越大，所以C正确，D错误.答案：C4.某同学漂浮在海面上，虽然水面波正平稳地以1.8 m/s的速率向着海滩传播，但他并不向海滩靠近.该同学发现从第1个波峰到第10个波峰通过身下的时间间隔为15 s.如下说法正确的答案是〔〕A.该水面波的频率为6 HzB.该水面波的波长为4 mC.水面波没有将该同学推向岸边，是因为波传播时能量不会传递出去D.水面波没有将该同学推向岸边，是因为波传播时振动的质点并不随波迁移解析：由第1个波峰到第10个波峰通过身下的时间间隔为15 s，可得知振动的周期T＝1510－1s＝53s，频率为f＝1T＝0.6 Hz，故A错误；该水面波的波长为λ＝vT＝3 m，故B错误；参与振动的质点只是在自己的平衡位置附近做往复运动，并不会“随波逐流〞，但振动的能量和振动形式却会不断地向外传播.故C错误，D正确.答案：D5.质量为60 kg的建筑工人，不慎从高空跌下，幸好弹性安全带的保护使他悬挂起来.弹性安全带的缓冲时间是1.5 s ，安全带自然长度为5 m ，g 取10 m/s 2，如此安全带所受的平均冲力的大小为〔〕A.500 NB.1 100 NC.600 ND.1 000 N解析：建筑工人下落5 m 时速度为v ，由v 2＝2gh 得v ＝2gh ＝2×10×5 m/s ＝10 m/s.设安全带所受的平均冲力为F ，如此由动量定理得〔mg －F 〕t ＝0－mv ，所以F ＝mg ＋mvt ＝60×10 N ＋60×101.5N ＝1 000 N ，选项D 正确，选项A 、B 、C 错误.答案：D6.如下列图为一简谐运动的振动图像，在0～0.8 s 时间内，如下说法正确的答案是〔〕A.质点在0和0.8 s 时刻具有正向最大速度B.质点在0.2 s 时刻具有负向最大加速度至0.4 s 质点加速度始终指向－x 方向不变D.在0.2 s 至0.4 s 时间内，加速度方向和速度方向一样解析：在0和0.8 s 时刻具有负向的最大速度，而不是正向，故A 错；0.2 s 时刻加速度方向向上指向平衡位置即正向，故B 错；0至0.4 s 质点加速度指向x 正方向不变，故C 错；0.2 s 至0.4 s 内，速度变大，做加速运动，加速度方向和速度方向一样，D 对.答案：D7.如下列图，质量为M 的盒子放在光滑的水平面上，盒子内外表不光滑，盒内放有一块质量为m 的物体，某时刻给物体一个水平向右的初速度v 0，那么在物体与盒子前后壁屡次往复碰撞后〔〕A.两者的速度均为零B.两者的速度总不会相等C.盒子的最终速度为mv 0M ，方向水平向右D.盒子的最终速度为mv 0M ＋m ，方向水平向右解析：选物体与小车组成的系统为研究对象，由水平方向动量守恒得mv 0＝〔M ＋m 〕v ，所以v ＝mv 0m ＋M ，v 方向与v 0同向，即方向水平向右.答案：D二、多项选择题〔此题共3小题，每一小题6分，共18分.每一小题有多个选项是正确的，全选对得6分，少选得3分，选错、多项选择或不选均不得分〕8.向空中发射一物体，不计空气阻力，当此物体的速度恰好沿水平方向时，物体炸裂成a 、b 两局部，假如质量较大的a 的速度方向仍沿原来的方向，如此〔〕A.b 的速度方向一定与原速度方向相反B.从炸裂到落地的这段时间里，a 飞行的水平距离一定比b 的大C.a 、b 一定同时到达水平地面D.在炸裂过程中，a 、b 受到的爆炸力的大小一定相等解析：爆炸后系统的总机械能增加，但不能确定a 、b 的速度大小，所以选项A 、B 错误；因炸开后a 、b 都做平抛运动，且高度一样，应当选项C 正确；由牛顿第三定律知，选项D 正确.答案：CD9.沿x 轴正方向传播的一列横波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为200 m/s ，如此如下说法正确的答案是〔〕A.从图示时刻开始，经0.01 s质点a通过的路程为40 cm，相对平衡位置的位移为零B.图中质点b的加速度在增大C.假如产生明显的衍射现象，该波所遇到障碍物的尺寸为20 mD.假如此波遇到另一列波，并产生稳定的干预现象，如此另一列波的频率为50 Hz解析：由图像知波长为λ＝4 m，如此波的周期为T＝λv＝0.02 s，频率f＝1T＝50 Hz.那么经过0.01 s，质点a振动了半个周期，路程为40 cm，在负向最大位移处，故A错误；判知图中b质点此时正沿y轴负方向振动，所以回复力在增大，加速度在增大，故B正确；要想发生明显的衍射现象，要求障碍物的尺寸与机械波的波长差不多或更小，所以障碍物20 m 不能观察到明显的衍射现象，故C错误；要产生稳定的干预现象，两列波的频率必须一样，所以另一列波的频率也是50 Hz，故D正确.答案：BD10.△OMN为玻璃等腰三棱镜的横截面.a、b两束光从空气垂直射入棱镜底面MN，在棱镜侧面OM、ON上反射和折射的情况如下列图.由此可知〔〕A.棱镜内a光的传播速度比b光的小B.棱镜内a光的传播速度比b光的大C.a光的波长比b光的长D.a光的频率比b光的高解析：根据对称性可知：a、b分别在界面处入射角相等，由于a未发生全反射，说明a 光对应的临界角大，根据sin C ＝1n ，n a <nb ，v ＝c n，棱镜内a 光的传播速度比b 光的大，根据cλ空＝v λ介＝f 可得n ＝c v ＝λ空λ介，n a <n b ，可得λa >λb ，f a <f b .答案：BC三、非选择题〔共5小题，共54分〕11.〔8分〕在“用双缝干预测光的波长〞实验中〔实验装置如下列图〕：〔1〕如下说法哪一个是错误的.〔填选项前的字母〕A.调节光源高度使光束沿遮光筒轴线照在屏中心时，应放上单缝和双缝B.测量某条干预亮条纹位置时，应使测微目镜分划板中心刻线与该亮条纹的中心对齐C.为了减少测量误差，可用测微目镜测出n 条亮条纹间的距离a ，求出相邻两条亮条纹间距Δx ＝a〔n －1〕〔2〕测量某亮条纹位置时，手轮上的示数如下列图，其示数为mm.解析：〔1〕在“用双缝干预测光的波长〞实验中，首先应取下遮光筒左侧的元件，调节光源高度，使光束直接沿遮光筒轴线把屏照亮，A 错误；根据实验操作可知，B 、C 正确.〔2〕读数为1.5 mm ＋×0.01 mm ＝1.970 mm.答案：〔1〕A 〔2〕12.〔8分〕用如图甲所示的装置做“验证动量守恒定律〞的实验，小车P 的前端粘有橡皮泥，后端连接通过打点计时器的纸带，在长木板右端垫放木块以平衡摩擦力，轻推一下小车P ，使之运动，小车P 与静止的小车Q 相碰后粘在一起向前运动.〔1〕〔多项选择〕如下操作正确的答案是.A.两小车粘上橡皮泥是为了改变两车的质量B.两小车粘上橡皮泥是为了碰撞后粘在一起C.先接通打点计时器的电源，再释放拖动纸带的小车D.先释放拖动纸带的小车，再接通打点计时器的电源〔2〕实验获得的一条纸带如图乙所示，根据点迹的不同特征把纸带上的点进展了区域划分，用刻度尺测得各点到起点A 的距离.根据碰撞前后小车的运动情况，应选纸带上段来计算小车P 的碰前速度.〔3〕测得小车P 〔含橡皮泥〕的质量为m 1，小车Q 〔含橡皮泥〕的质量为m 2，如果实验数据满足关系式，如此可验证小车P 、Q 碰撞前后动量守恒.解析：〔1〕粘上橡皮泥，是为了碰撞后粘在一起，不是为了改变车的质量，A 错误，B 正确；为了打点稳定以与充分利用纸带打出更多的点，应先接通电源然后再让小车运动，C 正确，D 错误.〔2〕两小车碰撞前小车P 做匀速直线运动，在相等时间内小车位移相等，由题图乙所示纸带可知，应选择纸带上的BC 段求出小车P 碰撞前的速度.〔3〕设打点计时器打点时间间隔为T ，由题图乙所示纸带可知，碰撞前小车的速度v ＝s 2－s 14T ，碰撞后小车的速度v ′＝s 4－s 36T .如果碰撞前后系统动量守恒，如此m 1v ＝〔m 1＋m 2〕v ′，即m 1s 2－s 14T ＝〔m 1＋m 2〕s 4－s 36T ，整理得m 1s 2－s 12＝〔m 1＋m 2〕s 4－s 33. 答案：〔1〕BC 〔2〕BC 〔3〕m 1〔s 2－s 1〕2＝〔m 1＋m 2〕〔s 4－s 3〕313.〔12分〕渔船常利用超声波来探测远处鱼群的方位.某超声波频率为×105 Hz ，某时刻该超声波在水中传播的波形图如下列图.〔1〕从该时刻开始计时，画出x ＝×10－3 m 处质点做简谐运动的振动图像〔至少一个周期〕；〔2〕现测得超声波信号从渔船到鱼群往返一次所用时间为4 s ，求鱼群与渔船的距离〔忽略船和鱼群的运动〕.解析：〔1〕超声波的周期T ＝1f＝×10－5 s ，其振动图像如下列图.〔2〕由波形图读出波长λ＝15×10－3 m ，由波速公式得v ＝λf ，鱼群与渔船的距离为x ＝12vt ，联立以上两式，代入数据得x ＝3 000 m.答案：〔1〕见解析图〔2〕3 000 m14.〔12分〕质量m ＝70 kg 的撑竿跳高运动员从h ＝5.0 m 高处由静止下落到海绵垫上，经Δt 1＝1 s 后停下，如此该运动员受到的海绵垫的平均冲力约为多大？如果是落到普通沙坑中，经Δt 2＝0.1 s 停下，如此沙坑对运动员的平均冲力约为多大？〔g 取10 m/s 2，不计空气阻力〕解析：以全过程为研究对象，初、末动量的数值都是0，所以运动员的动量变化量为零，根据动量定理，合力的冲量为零，根据自由落体运动的知识，运动员下落到地面上所需要的时间是t ＝2h g＝1 s ，从开始下落到在海绵垫上停止时，mg 〔t ＋Δt 1〕－F Δt 1＝0，代入数据，解得F ＝1 400 N.下落到沙坑中时，mg 〔t ＋Δt 2〕－F ′Δt 2＝0，代入数据，解得F ′＝7 700 N.答案：1 400 N 7 700 N15.〔14分〕用某种透明材料制成的一块柱体形棱镜的水平截面图如下列图，左侧ABOD为长方形，右侧DOF 为以O 为圆心的14圆.光线从真空以入射角θ1＝60°射到棱镜AB 面，经折射后，光线到达BF 面上的O 点并恰好不从BF 面射出.〔1〕画出光路图；〔2〕求该棱镜的折射率n 和光线在棱镜中传播的速度大小v 〔光在真空中的传播速度c ＝3×108 m/s 〕.解析：〔1〕光路图如下列图.〔2〕设光线在AB 面的折射角为θ2，折射光线与OD 的夹角为C ，如此n ＝sin θ1sin θ2. 由题意可知，光线在BF 面恰好发生全反射sin C ＝1n，由图可知，θ2＋C ＝90°，联立以上各式解得n ＝72.又n ＝cv，可解得v ＝677×108 m/s.答案：〔1〕见解析图〔2〕72677×108 m/s。

高中物理模块综合检测(二)粤教版必修1(2021年最新整理)

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模块综合检测(二）（测试时间：60分钟分值100分）一、单项选择题（本题共7小题,每小题4分，共28分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求）1．下列说法中正确的是（)A．选为参考系的物体一定静止B．质量大、体积大的物体不可以看作质点C．我们早上第一节课是7时30分开始，这个“7时30分”表示一段时间D．力学中的三个基本物理量是:长度、质量、时间答案：D2．下列说法中正确的是（)A．伽利略认为重的物体下落比较快B．牛顿发现并总结了弹簧弹力与伸长量的关系C．牛顿第一定律也称为惯性定律D．速度表达式v＝错误!表示的是t时刻的瞬时速度答案：C3．张明同学双手握住竖直竹竿匀速攀上和匀速滑下的过程中，张明受到的摩擦力分别为f和f2，那么( ）1A．f1和f2都是静摩擦力B．f1和f2都是滑动摩擦力C．f1方向竖直向下，f2方向竖直向上，且f1＝f2D．f1方向竖直向上，f2方向竖直向上,且f1＝f2解析：匀速向上攀时，双手受向上的静摩擦力，匀速下滑时，双手受向上的滑动摩擦力，它们都等于重力．选D。

答案：D4．物体静止在一斜面上，则下列说法中正确的是（）A．物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对平衡力B．物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力是一对作用力和反作用力C．物体所受重力和斜面对物体的作用力是一对作用力和反作用力D．物体所受重力可以分解为沿斜面向下的分力和对斜面的压力解析：平衡力是作用在同一个物体上的两个力，作用力和反作用力是两个物体间相互作用的一对力，选项A、C错误，B正确；物体的重力分解为沿斜面向下的分力和垂直斜面的分力,D 项错误．答案:B5．如图所示，在探究摩擦力的实验中，测力计与水平桌面平行,拉力从零逐渐增大，拉力为8 N时，木块不动；拉力为12 N时，木块恰好被拉动;木块匀速运动时拉力为10 N．木块与桌面间的滑动摩擦力和最大静摩擦力分别是（）A．12 N，8 N B．12 N,10 NC．10 N，12 N D．10 N，8 N答案：C6．随着居民生活水平的提高，家庭轿车越来越多，行车安全就越显得重要．在行车过程中规定必须要使用安全带．假设某次急刹车时，由于安全带的作用，使质量为70 kg的乘员具有的加速度大小约为6 m/s2，此时安全带对乘员的作用力最接近（）A．100 N B．400 NC．800 N D．1 000 N解析：刹车过程安全带对乘员的作用力F可近似看作合外力，根据牛顿第二定律F＝ma＝70×6 N＝420 N,选择B。

粤教版高中物理必修二下学期高一模拟测试试卷(一)

高中物理学习材料金戈铁骑整理制作2009-2010年学年度下学期高一物理模拟测试试卷(一)班级_______________学号_______________姓名______________成绩__________________一、单选题(每小题4分，共32分)1、对于做匀速圆周运动的物体，下面说法中正确的是( )A ．速度在改变，动能也在改变B ．速度改变，动能不变C ．速度不变，动能改变D ．所受合力是一个恒力2、一个物体以初速10m/s 水平抛出，经过一段时间，物体的水平位移大小等于竖直位移大小，则物体运动时间为(g=10m/s 2 ) ( )A ．1sB ．2sC ．3sD ．4s3、人造地球卫星在运行中，由于受到稀薄大气的阻力作用，其运动轨道半径会逐渐减小，在此过程中，以下说法中正确的是( )A ．卫星的速率将增大B ．卫星的周期将增大C ．卫星的向心加速度将减小D ．卫星的角速度将减小4、关于功率公式P=t W 和P=Fv 的说法正确的是( ) A ．由P=tW 知，只要知道W 和t 就可求出任意时刻的功率 B ．由P=Fv 只能求某一时刻的瞬时功率C ．从P=Fv 知，汽车的功率与它的速度成正比D ．从P=Fv 知，当汽车发动机功率一定时，牵引力与速度成反比5、一质量为2kg 的滑块，以4m/s 的速度在光滑水平面上向左滑行。

从某一时刻起，在滑块上作用一向右的水平力，经过一段时间，滑块的速度变为4m/s ，方向水平向右。

在这段时间里水平力做的功为( )A ．16JB ．8JC ．0D ．32J6、下列关于物理学家及其贡献正确的是( )A ．牛顿通过观察天象以及深入研究第谷的数据提出行星运动三大定律B ．卡文迪许发现了万有引力定律并通过扭秤实验测出了万有引力常量C ．爱因斯坦提出了相对论和成功解释了光电效应D ．普朗克提出了能量量子说和成功解释了光电效应7、关于摩擦力对物体做功，以下说法中正确的是( )地面海平面 A ．滑动摩擦力总是做负功 B ．滑动摩擦力可能做负功，也可能做正功C ．静摩擦力对物体一定做负功D ．静摩擦力对物体总是做正功8、如图所示，小物块A 与水平圆盘保持相对静止，随着圆盘一起做匀速圆周运动，则物块A 的受力情况是( )A ．受重力、支持力B ．受重力、支持力和指向圆心的摩擦力C ．重力、支持力、向心力、摩擦力D ．以上均不正确二、双选题(每小题4分，共16分)9、某人用手将1kg 物体由静止向上提起1m ，这时物体的速度为2m/s ，则下列说法正确的是( )：A ．手对物体做功10JB ．合外力做功2JC ．合外力做功12JD ．物体克服重力做功10J10、如图所示，在地面上以速度υ0抛出质量为m 的物体，抛出后物体落在比地面低h 的海平面上，若以地面为零势能参考面，且不计空气阻力，则( )A ．物体在海平面的重力势能为mghB ．重力对物体做的功为mghC ．物体在海平面上的动能为mgh m +2021υ D ．物体在海平面上的机械能为mgh m +2021υ11、下列物体中，机械能守恒的是( )A ．做平抛运动的物体B ．被匀速吊起的集装箱C ．光滑曲面上自由运动的物体D ．以4g /5的加速度竖直向上做匀减速运动的物体12、把质量为m 的石块从离地h 高度处以与水平面成θ的仰角斜向上方抛出，初速度为v0，则石块落地时的速率与下列哪些物理量有关: ( )A.石块的质量mB.石块初速度v0的大小C.石块抛出时的仰角θD.石块抛出时的离地高度h三、实验题：(每空2分，共12分)13、在《研究平抛运动》的实验中，实验操作注意事项有：（1）固定白纸的木板要_________________________。

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高中物理学习材料
金戈铁骑整理制作
模块综合检测(1)
(时间：90分钟满分：100分)
一、选择题(本大题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得3分，选错或不答的得0分)
1．如图所示，汽车从拱形桥顶点A匀速率运动到桥的B点．下列说法正确的是( )
A．汽车在A点受力平衡
B．A到B重力的瞬时功率减小
C．A到B汽车的机械能在减小
D．A到B汽车的机械能不变
2．飞机在竖直平面内俯冲又拉起，这一过程可看作匀速圆周运动．在最低点时，飞行员对座椅的压力为F.设飞行员所受重力为G，则飞机在最低点时( )
A．F＝0 B．F<G
C．F＝G D．F>G
3．小船在静水中的航行速度为1 m/s，水流速度为2 m/s，为了在最短距离内渡河，则小船船头指向应为(图中任意方向间的夹角以及与河岸间的夹角均为30°)
A．a方向B．b方向
C．c方向D．e方向
4．汽车甲和汽车乙质量相等，以相等的速率沿同一水平弯道做匀速圆周运动，甲车在乙车的外侧．两车沿半径方向受到的摩擦力分别为F f甲和F f乙，以下说法正确的是( ) A．F f甲小于F f乙
B．F f甲等于F f乙
C．F f甲大于F f乙
D．F f甲和F f乙大小均与汽车速率无关
5.如图所示，一只老鹰在水平面内盘旋做匀速圆周运动，则关于老鹰受力的说法正确的是( )
A．老鹰受重力、空气对它的作用力和向心力的作用
B．老鹰受重力和空气对它的作用力
C．老鹰受重力和向心力的作用
D．老鹰受空气对它的作用力和向心力的作用
6．同步卫星是指相对于地面不动的人造地球卫星( )
A．它可以在地面上任一点的正上方，且离地心的距离可按需要选择不同值
B．它可以在地面上任一点的正上方，但离地心的距离是一定的
C．它只能在赤道的正上方，但离地心的距离可按需要选择不同值
D．它只能在赤道的正上方，且离地心的距离是一定的
7．下列关于离心现象的说法正确的是( )
A．当物体所受的离心力大于向心力时产生离心现象
B．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失时，它将做背离圆心的圆周运动
C．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失时它将沿切线做直线运动D．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失时它将做曲线运动
8．如图所示，电梯与水平地面成θ角，一人站在电梯上，电梯从静止开始匀加速上升，到达一定速度后再匀速上升．若以F N表示水平梯板对人的支持力，G为人受到的重力，F f 为电梯对人的静摩擦力，则下列结论正确的是( )
A．加速过程中F f≠0，F N、F f、G都做功
B．加速过程中F f≠0，F N不做功
C．加速过程中F f＝0，F N、G都做功
D．匀速过程中F f＝0，F N、G都不做功
9．一质量为m的木块静止在光滑的水平地面上，大小为F、方向与水平面成θ角的恒力作用在该木块上，经过时间t，力F的瞬时功率力( )
A．F2t cos θB．F2cos2θ
C.F 2t m
D.F 2t cos θm
10．物体甲自由下落1 s 后，将物体乙在甲释放处以v 0＝10 m/s 竖直下抛，g 取10 m/s 2
，不计空气阻力，则在两物体落地前有( )
A ．乙离甲越来越远
B ．乙离甲越来越近，最终超过甲
C ．乙相对甲做加速运动
D ．乙相对甲静止
二、多项选择题(本题共4小题，每小题6分，共24分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分)
11．天文学家如果观察到一个星球独自做圆周运动，那么就想到在这个星球附近存在着一个看不见的星体——黑洞．星球与黑洞由万有引力的作用组成双星．以两者连线上某点为圆心做匀速圆周运动，那么( )
A ．它们做圆周运动的角速度与其质量成反比 C ．它们做圆周运动的线速度与其质量成反比 C ．它们做圆周运动的半径与其质量成反比 D ．它们所受的向心力与其质量成反比
12.如图所示，一质点从倾角为θ的斜面顶点以水平速度v 0抛出，重力加速度为g ，则下列说法正确的是( )
A ．质点自抛出后，经时间为
v 0tan θ
g
离斜面最远 B ．质点抛出后，当离斜面最远时速度大小为v 0sin θ
C ．质点抛出后，当离斜面最远时速度大小为v 0
cos θ
D ．质点抛出后，经时间为
v 0cot θ
g
离斜面最远 13．如图所示，在竖直平面内，滑道ABC 关于B 点对称，且A 、B 、C 三点在同一水平线上．若小滑块分别由A 滑到C 和由C 滑到A 两次滑行，运动过程始终沿着滑道滑行，两次的初速度大小相同，小滑块与滑道的动摩擦因数恒定，则( )
A ．由A 滑到C 所需的时间较小
B ．由
C 滑到A 所需的时间较小 C ．由A 滑到C 摩擦力做功较小
D ．由C 滑到A 摩擦力做功较小
14．空降兵是现代军队的重要兵种．一次训练中，空降兵从静止在空中的直升机上竖直跳下(初速度可看作0)，下落高度h 之后打开降落伞，接着又下降高度H 之后，空降兵达到匀速，设空降兵打开降落伞之后受到的空气阻力与速度平方成正比，比例系数为k ，即f ＝
kv 2，那么关于空降兵的说法正确的是( )
A ．空降兵从跳下到下落高度为h 时，机械能一定损失了mgh
B ．空降兵从跳下到刚匀速时，重力势能一定减少了mg (H ＋h )
C ．空降兵匀速下降时，速度大小为
mg k
D ．空降兵从跳下到刚匀速的过程，空降兵克服阻力做功为mg (H ＋h )－m 2g
2k
三、非选择题(本题共4小题，共46分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程和重要演算步骤，答案中必须明确写出数值和单位)
15．(10分)在“探究恒力做功与动能改变的关系”实验中(装置如图甲)：
图甲
(1)下列说法哪一项是正确的( )
A ．平衡摩擦力时必须将钩码通过细线挂在小车上
B ．为减小系统误差，应使钩码质量远大于小车质量
C ．实验时，应使小车靠近打点计时器由静止释放
(2)图乙是实验中获得的一条纸带的一部分，选取O 、A 、B 、C 为计数点，已知打点计时器使用的交流电频率为50 Hz ，则打B 点时小车的瞬时速度大小为______m/s(保留三位有效数字)．
图乙
16．(10分)一辆质量为800 kg 的汽车在圆弧半径为50 m 的拱桥上行驶(g 取10 m/s 2
)． (1)若汽车到达桥顶时速度为v 1＝5 m/s ，汽车对桥面的压力为多大？ (2)汽车以多大速度经过桥顶时，恰好对桥面没有压力？
17．(12分)如图所示，质量为m 的木块放在光滑的水平桌面上，用轻绳绕过桌边光滑的定滑轮与质量为2m 的砝码相连，把绳拉直后使砝码从静止开始下降h 的距离时砝码未落地，木块仍在桌面上，求此时砝码的速度以及轻绳对砝码做的功．
18．(14分)如图所示，质量为m 的小球自由下落高度R 后沿竖直平面内的轨道ABC 运动．AB 是半径为R 的1
4粗糙圆弧，BC 是直径为R 的光滑半圆弧，小球运动到C 时对轨道的压力恰为
零．B 是轨道最低点．求：
(1)小球在AB 弧上运动时，摩擦力对小球做的功； (2)小球经B 点前、后瞬间对轨道的压力之比； (3)小球离开C 点后竖直下落多少高度才能撞上圆轨道？答案
1C 2D 3B 4A 5B 6D 7C 8A 9A 10D 11BC 12AC 13AC 14BCD 15(1)C (2)0.653
16(1)汽车到达桥顶时，受到重力mg 和桥面对它的支持力F N 的作用，重力和支持力的
合力提供向心力，根据牛顿第二定律有mg －F N ＝m v 21
R
所以F N ＝mg －m v 21
R
＝7 600 N
根据牛顿第二定律，汽车对桥面的压力为7 600 N.
(2)汽车经过桥顶时恰好对桥面没有压力，则F N ＝0，即汽车做圆周运动的向心力完全由
其自身重力来提供，所以有mg ＝m v 2
R
解得v ＝gR ＝22.4 m/s.
17砝码从静止开始下降h 的过程中，两物体组成的系统机械能守恒，根据机械能守恒定律，系统减少的重力势能等于系统增加的动能，则：
2mgh ＝12mv 2＋12·2mv 2
解得：v ＝2
3
3gh .
设轻绳对砝码做功为W ，对砝码由动能定理得 2mgh ＋W ＝12·2mv 2
－0
解得：W ＝－2
3mgh .
答案：233gh －23
mgh
18(1)小球在C 点：根据牛顿第二定律得mg ＝m v 2C
R
2
小球由静止释放到C 点过程，据动能定理得
mgR ＋W f ＝12
mv 2C
联立解得W f ＝－3
4
mgR .
(2)小球由静止释放到B 点过程，据动能定理得 2mgR ＋W f ＝12
mv 2
B
在B 点前瞬间据牛顿第二定律得
F N 前－mg ＝m v 2B
R
在B 点后瞬间据牛顿第二定律得
F N 后－mg ＝m v 2B
R
2
由牛顿第三定律知，小球对轨道的压力大小等于轨道对小球的支持力大小．联立解得F N 前∶F N 后＝7∶12.
(3)小球离开C 点后做平抛运动，合位移等于半径，根据平抛运动的分位移公式，有：x ＝v C t
y ＝12
gt 2
R 2＝x 2＋y 2
联立解得y ＝
5－1
2
R ≈0.618R . 答案：(1)－3
4
mgR (2)7∶12 (3)0.618R。