高三物理周周练一及答案
高三物理第一次周测试卷 2019.9.20
高三物理第一次周测试卷一、单选题(共8小题,每小题4.0分,共32分)1.如图所示，物体A靠在竖直墙面上，在水平力F作用下，A、B保持静止，则物体A的受力的个数为( )A． 6 B． 5 C． 4 D． 32.某压榨机的结构示意图如图所示，其中B为固定铰链，若在A铰链处作用一垂直于墙壁的力F，则由于力F的作用，使滑块C压紧物体D，设C与D光滑接触，杆的重力及滑块C的重力不计，图中a＝0.5 m，b＝0.05 m，则物体D所受压力的大小与力F的比值为A． 4 B． 5C． 10 D． 13.如图所示，小球C用细绳系住，绳的另一端固定于O点．现用水平力F缓慢推动斜面体，小球在斜面上无摩擦地滑动，细绳始终处于绷紧状态，当小球上升到接近斜面顶端时细绳接近水平，此过程中斜面对小球的支持力F N以及绳对小球的拉力F T的变化情况是A．F N保持不变，F T不断增大B．F N不断增大，F T不断减小C．F N保持不变，F T先增大后减小D．F N不断增大，F T先减小后增大4.如图所示，绳与杆均不计重力，承受力的最大值一定．A端用绞链固定，滑轮O在A点正上方(滑轮大小及摩擦均可忽略)，B端吊一重物P，现施加拉力F T将B缓慢上拉(均未断)，在杆达到竖直前( )A．绳子越来越容易断B．绳子越来越不容易断C．杆越来越容易断D．杆越来越不容易断5.如图所示，三根长度均为L、无弹性的轻绳分别接于C、D两结点，A、B两端被悬挂在水平天花板上，相距2L.现在结点C悬挂一个质量为3m的重物，CD绳保持水平、且整个系统处于静止状态，应在结点D施加力的最小值为( )A．mg B．mgC．mg D．mg6.有一直角V形槽，固定放在水平面上，槽的两侧壁与水平面夹角均为45°，如下图所示，有一质量为m的正方体均匀木块放在槽内，木块与槽两侧面间的动摩擦因数分别为μ和μ2(μ1>μ))．现用水平力推木块使之沿槽运动，则木块受到的摩擦力为( )2A．(μ1＋μ2)mg B．(μ1＋μ2)mg C．mg D．μ2mg7.如题所示，在倾角为30°的光滑斜面上端系有一劲度系数为200 N/m的轻质弹簧，弹簧下端连一个质量为2 kg的小球，球被一垂直于斜面的挡板A挡住，此时弹簧没有形变．若挡板A以4 m/s2的加速度沿斜面向下做匀加速运动，取g＝10 m/s2，则( )A．小球从一开始就与挡板分离B．小球速度最大时与挡板分离C．小球向下运动0.01 m时与挡板分离D．小球向下运动0.02 m时速度最大8.水平地面上有一木箱，木箱与地面间的动摩擦因数为μ(0＜μ＜1)．现对木箱施加一拉力F，使木箱做匀速直线运动．设F的方向与水平地面的夹角为θ，如图所示，在θ从0逐渐增大到90°的过程中，木箱的速度保持不变，则( )A．F先减小后增大 B．F一直增大C．F一直减小 D．F先增大后减小二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)9.(多选)若在某次军事演习中，某空降兵从悬停在高空中的直升机上跳下，从跳离飞机到落地的过程中沿竖直方向运动的v－t图象如图所示，则下列说法正确的是( )A．0－10 s内空降兵运动的加速度越来越大B．0－10 s内空降兵和降落伞整体所受重力大于空气阻力C．10－15 s内空降兵和降落伞整体所受的空气阻力越来越小D．10－15 s内空降兵加速度越来越大10.(多选)质量m＝2 kg、初速度v0＝8 m/s的物体沿着粗糙的水平面向右运动，物体与地面之间的动摩擦因数μ＝0.1，同时物体还要受一个如图所示的随时间变化的水平拉力F的作用，水平向右为拉力的正方向．则以下结论正确的是(取g＝10 m/s2)( )A．0～1 s内，物体的加速度大小为2 m/s2B．1～2 s内，物体的加速度大小为2 m/s2C．0～1 s内，物体的位移为7 mD．0～2 s内，物体的总位移为11 m11.(多选)如图所示，完全相同的磁铁A、B分别位于铁质车厢的竖直面和水平面上，A、B与车厢间的动摩擦因数均为μ，小车静止时，A恰好不下滑，现使小车加速运动，为保证A、B无滑动，则( )A．速度可能向左，加速度可小于μgB．加速度一定向右，不能超过(1＋μ)gC．加速度一定向左，不能超过μgD．加速度一定向左，不能超过(1＋μ)g12.(多选)如图所示，两个倾角相同的滑竿上分别套有A、B两个质量均为m圆环，两个圆环上分别用细线悬吊两个质量均为M的物体C、D，当它们都沿滑竿向下滑动并保持相对静止时，A的悬线与杆垂直，B的悬线竖直向下．下列结论正确的是( )A．A环受滑竿的作用力大小为(m＋M)g cosθB．B环受到的摩擦力F f＝mg sinθC．C球的加速度a＝g sinθD．D受悬线的拉力F T＝Mg13.某实验小组做“探究弹力与弹簧伸长量的关系”的实验，实验时，先把弹簧平放在桌面上，用直尺测出弹簧的原长L0＝4.6 cm，再把弹簧竖直悬挂起来，在下端挂钩码，每增加一只钩码记下对应的弹簧长度L，数据记录如下表所示：(1)根据表中数据在图中作出F－L图线；(2)由此图线可得，该弹簧劲度系数k＝________N/m；(3)图线与L轴的交点坐标大于L0的原因是__________________________________________.14.如图甲所示某同学设计了用光电门传感器“探究小车的加速度a与小车所受拉力F及质量M关系”的实验．(1)如图甲所示，在小车上固定宽度为L的挡光片，将两个光电门传感器固定在相距为d的轨道上，释放小车，传感器记录下小车经过光电门的时间Δt1、Δt2，可以测得小车的加速度a＝________(用题中的符号L、D，Δt1、Δt2表示)．(2)在该实验中必须采用________法(填物理方法)，应保持________不变，通过改变钩码的个数来改变小车所受的拉力大小，研究加速度a随拉力F变化的规律．(3)甲同学由于实验时没有注意始终满足M≫m的条件(m为钩码的质量)，结果得到的图象应是下图中的________．A. B. C. D.(4)乙、丙两名同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a－F图线如图乙所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同？________________________________________________________________________四、计算题(共4小题，共38分)15.如图所示，物体A重100 N，物体B重20 N，A与水平桌面间的最大静摩擦力是30 N，整个系统处于静止状态，这时A受到的静摩擦力是多少？如果逐渐加大B的重力，而仍保持系统静止，则B物体重力的最大值是多少？16.如图所示，在倾角θ＝37°的足够长的固定的斜面底端有一质量m＝1.0 kg的物体．物体与斜面间动摩擦因数μ＝0.25，现用轻细绳拉物体由静止沿斜面向上运动．拉力F＝10 N，方向平行斜面向上．经时间t＝4.0 s绳子突然断了，求：(1)绳断时物体的速度大小．(2)从绳子断了开始到物体再返回到斜面底端的运动时间．(已知sin 37°＝0.60，cos 37°＝0.80，取g＝10 m/s2)17.某企业的生产车间在楼上，为了将工件方便快捷地运送到地面，专门安装了传送带设备，如图所示．已知传送带与水平面的夹角θ＝37°，正常的运行速度是v＝10 m/s.现在传送带的A端轻轻放上一个小物体(可视为质点)，已知小物体与传送带之间的动摩擦因数为μ＝0.5，A，B间距离s＝16 m．试分析计算：(已知sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，取g＝10 m/s2)(1)如果传送带停止运行，小物体从A端运动到B端的时间；(2)如果传送带沿顺时针方向正常转动，小物体从A端运动到B端的时间；(3)如果传送带沿逆时针方向正常转动，小物体从A端运动到B端的时间．18.如图甲所示，质量为M＝4 kg足够长的木板静止在光滑的水平面上，在木板的中点放一个质量m＝4 kg大小可以忽略的铁块，铁块与木板之间的动摩擦因数为μ＝0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．两物块开始均静止，从t＝0时刻起铁块m受到水平向右、大小如图乙所示的拉力F的作用，F共作用时间为6 s，(取g＝10 m/s2)求：(1)铁块和木板在前2 s的加速度大小分别为多少？(2)铁块和木板相对静止前，运动的位移大小各为多少？(3)力F作用的最后2 s内，铁块和木板的位移大小分别是多少？高三物理第一次周测试卷答案解析1.【答案】B【解析】先对AB整体受力分析，由平衡条件知：整体水平方向受向里的压力；故墙面对A有大小为F 的弹力，整体有向下运动的趋势，故A受向上的摩擦力；隔离A物体，必受重力、墙壁对A的弹力和摩擦力；同时AB间也有相对运动的趋势；故A还受B对A 的弹力和摩擦力作用；故A共受5个力．2.【答案】B【解析】设力F与杆的夹角为θ，将力F按作用效果沿AB和AC两个方向进行分解，作出力的分解图如图甲所示．则有：2F1cosθ＝F则得F1＝F2＝再将F2按作用效果分解为F N和F N′，作出力的分解图如图乙所示．则有：F N＝F2sinθ联立得到：F N＝根据几何知识得可知tanθ＝＝10得到：F N＝5F故选B.3.【答案】D【解析】据题意，当斜面体向左缓慢运动时，小球将逐渐上升，此过程对小球受力分析，受到重力G、支持力F N和拉力F T，据上图，在此过程中OC绳以O点为圆心逆时针转动，在力的平行四边形定则中力F T的对应边先减小后增大，而F N的对应边一直变大，而力的大小变化与对应边长度变化一致，则D选项正确．4.【答案】B【解析】以B点为研究对象，它受三个力的作用而处于动态平衡状态，其中一个是轻杆的弹力F N，一个是绳子斜向上的拉力F T，一个是绳子竖直向下的拉力，大小等于物体的重力mg，根据相似三角形法，可得＝＝，由于OA和AB不变，OB逐渐减小，因此轻杆上的弹力大小不变，而绳子上的拉力越来越小，选项B正确，其余选项均错误．5.【答案】C【解析】由图可知，要想CD水平，则AC与水平方向的夹角为60°；结点C受力平衡，则受力分析如图所示，结点C受到沿AC拉力在水平方向上的分力等于水平向右的拉力F T，即：F T＝FAC cos 60°＝FAC，结点C受到沿AC拉力在竖直方向上的分力等于物体的重力，即：3mg＝FAC sin 60°＝FAC，F T＝·3mg；结点D受力平衡，当拉力F的方向与BD垂直时，力臂最长、最省力，如图所示，最小拉力F＝F′＝F T′cos 30°＝F T cos 30°＝·3mg×＝mg.6.【答案】A【解析】物块对槽两边的压力均为F N＝mg cos 45°，所以用水平力推木块使之沿槽运动，则木块受到的摩擦力为F f＝μ1F N＋μ2F N＝(μ1＋μ2)mg，选项A正确．7.【答案】C【解析】设球与挡板分离时位移为x，经历的时间为t，从开始运动到分离的过程中，m受竖直向下的重力，垂直斜面向上的支持力F N，沿斜面向上的挡板支持力F1和弹簧弹力F.根据牛顿第二定律有：mg sin 30°－kx－F1＝ma，保持a不变，随着x的增大，F1减小，当m与挡板分离时，F1减小到零，则有：mg sin 30°－kx＝ma，解得：x＝＝0.01 m，即小球向下运动0.01 m时与挡板分离，故A错误，C正确；球和挡板分离前小球做匀加速运动；球和挡板分离后做加速度减小的加速运动，当加速度为零时，速度最大，此时物体所受合力为零．即：kx m＝mg sin 30°，解得x m＝＝0.05 m，由于开始时弹簧处于原长，所以速度最大时小球向下运动的路程为0.05 m，故B、D错误．8.【答案】A【解析】将拉力F沿水平方向和竖直方向正交分解，由平衡条件可得：F cosθ＝F f、F sinθ＋F N＝mg、F f ＝μF N，解得：F＝＝(其中tanα＝)，当θ由0逐渐增大到90°的过程中，sin (α＋θ)先增大后减小，所以拉力F先减小后增大，A正确．9.【答案】BC【解析】v－t图象中，图线上某点的切线的斜率表示该时刻的加速度，0－10 s内空降兵运动的加速度越来越小，A错误；0－10 s内空降兵和降落伞做加速运动，故整体所受重力大于空气阻力，B正确；10 s～15 s速度向下、做加速度不断减小的减速直线运动，加速度向上，根据牛顿第二定律，有f－mg ＝ma，由于a不断减小，故f不断减小，C正确，D错误．10.【答案】BD【解析】11.【答案】AD【解析】小车静止时，A恰好不下滑，所以对A有：mg＝μF引，当小车加速运动时，为了保证A不下滑，有F N≥F引，则F N－F引＝ma，故加速时加速度一定向左，B错误．对B有μ(mg＋F引)＝ma m，解得a m ＝(1＋μ)g，故A、D正确，C错误．12.【答案】ACD【解析】对C受力分析，如图由牛顿第二定律，得到：Mg sinθ＝Ma①；细线拉力为F T＝Mg cosθ②再对A环受力分析，如下图根据牛顿定律，有mg sinθ－F f＝ma③F N＝mg cosθ＋F T④由①②③④解得：a＝g sinθF f＝0 F N＝(M＋m)g cosθ，故A、C正确；对D球受力分析，受重力和拉力，合力与速度在一条直线上，故合力为零，物体做匀速运动，细线拉力等于Mg；再对B环受力分析，如图受重力、拉力、支持力，由于做匀速运动，合力为零，故必有向后的摩擦力；根据平衡条件，有(M＋m)g sinθ＝F f，F N＝(M＋m)g cosθ，故B错误，D正确．故选A、C、D.13.【答案】(1)如图所示(2)50(3)弹簧自身重力的影响【解析】(1)描点作图，如图所示：(2)图象的斜率表示劲度系数，故有：k＝＝N/m＝50 N/m(3)图线与L轴的交点坐标表示弹簧不挂钩码时的长度，其数值大于弹簧原长，因为弹簧自身重力的影响．14.【答案】(1)a＝(2)控制变量小车质量(3)D (4)小车的质量不同【解析】(1)数字计时器记录通过光电门的时间，小车经过光电门时的瞬间速度为v1＝与v2＝；根据匀变速直线运动的速度位移公式v－v＝2ad，解得：a＝.(2)在本实验操作中，采用了“控制变量法”，即先保持一个变量不变，看另外两个变量之间的关系，具体操作是：先不改变小车质量，研究加速度与力的关系；再不改变小车受力，研究加速度与质量的关系，最后归纳出加速度、力、质量三者间的关系．(3)随着增大，小车质量在减小，因此小车质量不再满足远大于钩码的质量，若小车质量远小于钩码质量时，小车的加速度不可能一直均匀增大，加速度的增大幅度将逐渐减小，故A、B、C错误，D正确．(4)由图可知在拉力相同的情况下a乙＞a丙，根据M乙a乙＝M甲a甲，即a－F图象的斜率等于小车的质量，所以两人的实验中小车的质量不同．15.【答案】20 N 30 N【解析】以结点O为研究对象，建立直角坐标系．设倾斜绳的张力为F T.x轴上：F TA＝F T cos 45°①y轴上：F TB＝GB＝F T sin 45°②①②联立，得F TA＝GB代入其值得F TA＝20 N，以A为研究对象，受力分析，可得F fA＝F TA＝20 N，方向水平向右．当逐渐增大B的重力时，要使系统处于平衡状态，当A达到最大静摩擦力时，B物体的重力达到最大．由上述表达式可知：GB m＝30 N.故A受到的静摩擦力为20 N，B物体的重力最大值为30 N.16.【答案】(1)8.0 m/s (2)4.2 s【解析】(1)物体向上运动过程中，受拉力F、斜面支持力F N、重力mg和摩擦力F f，如图所示，设物体向上运动的加速度为a1，根据牛顿第二定律有：F－mg sinθ－F f＝ma1又F f＝μF NF N＝mg cosθ解得：a1＝2.0 m/s2t＝4.0 s时物体的速度大小v1＝a1t＝8.0 m/s(2)绳断时物体距斜面底端的位移为x1＝a1t2＝16 m，绳断后物体沿斜面向上做匀减速直线运动，设运动的加速度大小为a2，受力如图所示，则根据牛顿第二定律有：mg sinθ＋F f＝ma2解得a2＝8.0 m/s2物体匀减速运动的时间t2＝＝1.0 s物体匀减速运动的位移为x2＝v1t2＝4.0 m此后物体沿斜面匀加速下滑，设物体下滑的加速度为a3，受力如图所示．根据牛顿第二定律可得mg sinθ－F f′＝ma3，得a3＝4.0 m/s2设物体由最高点下滑到斜面底端的时间为t3，根据运动学公式可得x1＋x2＝a3t，t3＝s≈3.2 s，所以物体返回斜面底端的时间为t′＝t2＋t3＝4.2 s.17.【答案】(1)4 s (2)4 s (3)2 s【解析】(1、2)对放在传送带上的小物体进行受力分析，小物体沿传送带向下滑动时，无论传送带是静止还是沿顺时针方向正常转动，小物体的受力情况完全一样，都是在垂直传送带的方向受力平衡，受到沿传送带向上的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，小物体沿传送带下滑的加速度为：a1＝＝g(sinθ－μcosθ)＝10×(0.6－0.5×0.8) m/s2＝2 m/s2，小物体从A端运动到B端做初速度为零的匀加速直线运动，设需要的时间为t，则s＝a1t2，t＝＝s＝4 s(3)当传送带沿逆时针方向正常转动时，开始时，传送带作用于小物体的摩擦力沿传送带向下，小物体下滑的加速度a2＝g(sinθ＋μcosθ)＝10 m/s2小物体加速到与传送带运行速度相同需要的时间为t1＝＝s＝1 s，在这段时间内，小物体沿传送带下滑的距离为s1＝a2t＝×10×1 m＝5 m由于μ＜tanθ，此后，小物体沿传送带继续加速下滑时，它相对于传送带向下运动，因此传送带对小物体的摩擦力方向改为沿传送带向上，其加速度变为a1小物体从该位置起运动到B端的位移为s－s1＝16 m－5 m＝11 m小物体做初速度为v＝10 m/s、加速度为a1的匀加速直线运动，由s－s1＝vt2＋a1t代入数据，解得t2＝1 s (t2＝－11 s舍去)所以，小物体从A端运动到B端的时间为t3＝t1＋t2＝2 s.18.【答案】(1)3 m/s2 2 m/s2(2)20 m 16 m (3)19 m 19 m【解析】(1)前2 s，由牛顿第二定律得对铁块m: F－μmg＝ma1解得a1＝3 m/s2对木板M：μmg＝Ma2解得a2＝2 m/s2(2)2 s内，铁块的位移x1＝a1t2＝6 m木块的位移x2＝a2t2＝4 m2 s末，铁块的速度v1＝a1t＝6 m/s木块的速度v2＝a2t＝4 m/s2 s后，对铁块：F′－μmg＝ma1′解得a1′＝1 m/s2对木块：μmg＝Ma2′解得a2′＝2 m/s2设再经过t0时间两物体速度相同为v，则v＝v1＋a1′t0＝v2＋a2′t0解得t0＝2 s，v＝8 m/s在t0内，铁块m的位移x1′＝t0＝×2 m＝14 m所以铁块和木板相对静止前铁块运动的位移为x铁块＝x1＋x1′＝20 m木板M的位移x2′＝t0＝×2 m＝12 m所以铁块和木板相对静止前木板运动的位移为x木板＝x2＋x2′＝16 m(3)最后2 s，铁块和木板相对静止，一起以初速度v＝8 m/s 做匀加速直线运动，对铁块和木板整体：F＝(M＋m)a解得a＝＝m/s2＝1.5 m/s2所以铁块和木板运动的位移均为x3＝vΔt＋a(Δt)2＝19 m。
2021年高三物理上学期第1次周练试卷(含解析)
2021年高三物理上学期第1次周练试卷（含解析）一、选择题（共7小题，每小题3分，满分21分）1．飞机在水平地面上空的某一高度水平匀速飞行，每隔相等时间投放一个物体．如果以第一个物体a的落地点为坐标原点、飞机飞行方向为横坐标的正方向，在竖直平面内建立直角坐标系．如图所示是第5个物体e离开飞机时，抛出的5个物体（a、b、c、d、e）在空间位置的示意图，其中可能的是( )A．B．C．D．2．如图所示，在水平路面上一运动员驾驶摩擦车跨越壕沟，壕沟两侧的高度差为0.8m，水平距离为8m，则运动员跨过壕沟的初速度至少为（取g=10m/s2）( )A．0.5m/sB．2 m/sC．10 m/sD．20 m/s3．跳台滑雪运动员的动作惊险而优美，其实滑雪运动可抽象为物体在斜坡上的平抛运动．如图所示，设可视为质点的滑雪运动员，从倾角为θ的斜坡顶端P处，以初速度v0水平飞出，运动员最后又落到斜坡上A点处，AP之间距离为L，在空中运动时间为t，改变初速度v0的大小，L和t都随之改变．关于L、t与v0的关系，下列说法中正确的是( )A．L与v0成正比B．L与成正比C．t与成正比D．t与v0成正比4．如图所示，一小球以v0=10m/s的速度水平抛出，在落地之前经过空中A、B两点，在A 点小球速度方向与水平方向的夹角为45°，在B点小球速度方向与水平方向的夹角为60°，（空气阻力忽略不计，g取10m/s2），以下判断正确的是( )A．小球通过A、B两点间用时t=（﹣1）sB．小球通过A、B两点间用时t= sC．A、B两点间的高度差为h=10 mD．A、B两点间的高度差为h=15 m5．如图所示，将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m的小环，小环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑定滑轮与直杆的距离为d，AB距离也为d．现将小环从与定滑轮等高的A处由静止释放，小环沿直杆下滑．下列说法正确的是（重力加速度为g）( )A．小环刚释放时的加速度为gB．小环到达B处时，重物上升的高度为（﹣1）dC．小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比等于D．小环能够下滑的最大距离为6．如图，在半径为R圆环圆心O正上方的P点，将一小球以速度v0水平抛出后恰能从圆环上Q点沿切线飞过，若OQ与OP间夹角为θ，不计空气阻力．则( )A．从P点运动到Q点的时间为t=B．从P点运动到Q点的时间为t=C．小球运动到Q点时的速度为v Q=D．小球运动到Q点时的速度为v Q=7．如图所示，AB杆以恒定角速度ω绕A点在竖直平面内转动，并带动套在固定水平杆OC 上的小环M运动，AO间距离为h．运动开始时AB杆在竖直位置，则经过时间t（小环仍套在AB和OC杆上）小环M的速度大小为( )A．B．C．ωhD．ωhtg（ωt）二、解答题（共2小题，满分0分）8．如图所示，一质量m=0.4kg的小物块，以v0=2m/s的初速度，在与斜面成某一夹角的拉力F作用下，沿斜面向上做匀加速运动，经t=2s的时间物块由A点运动到B点，A、B之间的距离L=10m．已知斜面倾角θ=30°，物块与斜面之间的动摩擦因数μ=．重力加速度g 取10m/s2．（1）求物块加速度的大小及到达B点时速度的大小．（2）拉力F与斜面的夹角多大时，拉力F最小？拉力F的最小值是多少？9．一平板车，质量M=100kg，停在水平路面上，车身的平板离地面的高度h=1.25m．一质量m=50kg的滑块置于车的平板上，它到车板末端的距离b=1.00m，与车板间的动摩擦因素μ=0.20，如图所示，今对平板车施一水平方向的恒力，使车向前行驶，结果滑块从车板上滑落，滑块刚离开车板的时刻，车向前行驶的距离s0=2.00m．求滑块落地时，落地点到车尾的距离s．（不计路面与平板车间以及轮轴的摩擦，g=10m/s2）xx学年四川省成都七中高三（上）第1次周练物理试卷一、选择题（共7小题，每小题3分，满分21分）1．飞机在水平地面上空的某一高度水平匀速飞行，每隔相等时间投放一个物体．如果以第一个物体a的落地点为坐标原点、飞机飞行方向为横坐标的正方向，在竖直平面内建立直角坐标系．如图所示是第5个物体e离开飞机时，抛出的5个物体（a、b、c、d、e）在空间位置的示意图，其中可能的是( )A．B．C．D．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：平抛运动专题．分析：物体从飞机上被释放，根据惯性，物体具有和飞机相同的水平初速度，又只受重力作用，所以物体做平抛运动，可以根据平抛运动的相关概念和公式解题．解答：解：不计空气阻力，以地面为参考系，每个物体都做平抛运动，水平方向做匀速直线运动，所以在水平方向上，四个物体的速度总是与飞机速度相同的，水平位移相同，故没有位移差，看起来在一条竖直线上；竖直方向做自由落体运动，最先释放的物体间的距离大些，相当于同一个物体做自由落体运动在不同时刻的位置，故A正确，B错误，若第5个物体e离开飞机时，c刚好落地，此时对于C图，若第5个物体e离开飞机时，d 刚好落地，此时对于D图，故CD正确故选ACD．点评：本题是平抛运动基本规律的应用，以地面上的人看四个物体的分布在同一竖直线上，如果就看某一个物体，那轨迹就是抛物线了．若以飞机为参考系，则四个物体就做自由落体运动，分布在飞机下方的一同条竖直线上．2．如图所示，在水平路面上一运动员驾驶摩擦车跨越壕沟，壕沟两侧的高度差为0.8m，水平距离为8m，则运动员跨过壕沟的初速度至少为（取g=10m/s2）( )A．0.5m/sB．2 m/sC．10 m/sD．20 m/s考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：根据平抛运动规律：水平方向匀速运动，竖直方向自由落体运动，分别列方程即可求解运动员的初速度．解答：解：当摩托车刚好跨过壕沟时，水平速度最小，此时水平位移大小为 x=8m，竖直位移大小为 y=2.8m﹣2.0m═0.8m则竖直方向有：y=，t==s=0.4s水平方向有：x=v0t得：v0==m/s=20m/s故选：D．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道分运动与合运动具有等时性，运用运动学公式进行求解．3．跳台滑雪运动员的动作惊险而优美，其实滑雪运动可抽象为物体在斜坡上的平抛运动．如图所示，设可视为质点的滑雪运动员，从倾角为θ的斜坡顶端P处，以初速度v0水平飞出，运动员最后又落到斜坡上A点处，AP之间距离为L，在空中运动时间为t，改变初速度v0的大小，L和t都随之改变．关于L、t与v0的关系，下列说法中正确的是( )A．L与v0成正比B．L与成正比C．t与成正比D．t与v0成正比考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：根据平抛运动规律：水平方向上匀速直线运动，竖直方向上自由落体运动列式联立可求解．解答：解：滑雪运动可抽象为物体在斜坡上的平抛运动．设水平位移x，竖直位移为y，结合几何关系，有：水平方向上：x=Lcosθ=v0t竖直方向上：联立可得：，则，即t与v0成正比；故C错误，D正确；，即L与成正比，故A错误，B正确．故选：BD．点评：本题考查平抛运动规律的应用，能够灵活利用公式求得v0及L的表达式，从而可求解．4．如图所示，一小球以v0=10m/s的速度水平抛出，在落地之前经过空中A、B两点，在A 点小球速度方向与水平方向的夹角为45°，在B点小球速度方向与水平方向的夹角为60°，（空气阻力忽略不计，g取10m/s2），以下判断正确的是( )A．小球通过A、B两点间用时t=（﹣1）sB．小球通过A、B两点间用时t= sC．A、B两点间的高度差为h=10 mD．A、B两点间的高度差为h=15 m考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，将A、B两点的速度进行分解，求出竖直方向上的分速度，根据速度速度时间公式、速度位移公式求出运动的时间和高度差．解答：解：A、，所以v Ay=v0tan45°=10m/s．，所以．则小球通过A、B两点的运动时间．故A正确，B错误．C、．故C正确，D错误．故选AC．点评：解决本题的关键掌握平抛运动水平方向和竖直方向上的运动规律，运用运动学公式进行求解．5．如图所示，将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m的小环，小环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑定滑轮与直杆的距离为d，AB距离也为d．现将小环从与定滑轮等高的A处由静止释放，小环沿直杆下滑．下列说法正确的是（重力加速度为g）( )A．小环刚释放时的加速度为gB．小环到达B处时，重物上升的高度为（﹣1）dC．小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比等于D．小环能够下滑的最大距离为考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：环刚开始释放时，重物的加速度为零，对小环受力分析，由牛顿第二定律求解加速度．根据牛顿第二定律判断绳子的拉力大小．根据数学几何关系求出环到达B处时，重物上升的高度．对B的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向分解，在沿绳子方向上的分速度等于重物的速度，从而求出环在B处速度与重物的速度之比．环和重物组成的系统，机械能守恒．解答：解：A、环刚开始释放时，合力为其重力，故A正确．B、环到达B时，绳子收缩的长度等于重物上升的高度，所以h=d﹣d．故B正确．C、对B的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向分解，在沿绳子方向上的分速度等于重物的速度，有：vcos45°=v重物，所以小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比为：1，故C错误．D、环和重物组成的系统，只有重力做功，系统机械能守恒，设下降最大距离为h，则有：mgh=2mg（﹣d），解得：h=．故D正确．故选：ABD．点评：解决本题的关键知道系统机械能守恒，知道环沿绳子方向的分速度的等于重物的速度．6．如图，在半径为R圆环圆心O正上方的P点，将一小球以速度v0水平抛出后恰能从圆环上Q点沿切线飞过，若OQ与OP间夹角为θ，不计空气阻力．则( )A．从P点运动到Q点的时间为t=B．从P点运动到Q点的时间为t=C．小球运动到Q点时的速度为v Q=D．小球运动到Q点时的速度为v Q=考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：小球做平抛运动，根据圆的几何知识可以求得小球在水平方向的位移的大小，根据水平方向的匀速直线运动可以求得时间的大小．根据平行四边形定则求出Q点的速度．解答：解：A、过Q点做OP的垂线，根据几何关系可知，小球在水平方向上的位移的大小为Rsinθ，根据Rsinθ=v0t，可得时间为：t=，故A正确，B错误．C、根据几何关系知，Q点的速度方向与水平方向的夹角为θ，根据平行四边形定则知，小球运动到Q点时的速度为v Q=，故C错误，D正确．故选：AD．点评：本题对平抛运动规律的直接的应用，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．7．如图所示，AB杆以恒定角速度ω绕A点在竖直平面内转动，并带动套在固定水平杆OC 上的小环M运动，AO间距离为h．运动开始时AB杆在竖直位置，则经过时间t（小环仍套在AB和OC杆上）小环M的速度大小为( )A．B．C．ωhD．ωhtg（ωt）考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：将小环M的速度沿AB杆方向和垂直于AB杆方向分解，根据转动的角度求出AB杆上M点的线速度，根据平行四边形定则求出M点的速度．解答：解：经过时间t，角OAB为ωt，则AM的长度为，则AB杆上M点绕A点的线速度v=．将小环M的速度沿AB杆方向和垂直于AB杆方向分解，垂直于AB杆上分速度等于M点绕A点的线速度v，则小环M的速度=．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键知道小环沿OC方向的速度是合速度，它在垂直AB杆方向上的分速度等于M点绕A点转动的线速度．二、解答题（共2小题，满分0分）8．如图所示，一质量m=0.4kg的小物块，以v0=2m/s的初速度，在与斜面成某一夹角的拉力F作用下，沿斜面向上做匀加速运动，经t=2s的时间物块由A点运动到B点，A、B之间的距离L=10m．已知斜面倾角θ=30°，物块与斜面之间的动摩擦因数μ=．重力加速度g 取10m/s2．（1）求物块加速度的大小及到达B点时速度的大小．（2）拉力F与斜面的夹角多大时，拉力F最小？拉力F的最小值是多少？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；力的合成与分解的运用．专题：压轴题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）物体做匀加速直线运动，根据运动学公式求解加速度和末速度；（2）对物体受力分析，受重力、拉力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解出拉力F的表达式，分析出最小值．解答：解：（1）物体做匀加速直线运动，根据运动学公式，有：①v=v0+at ②联立解得；a=3m/s2v=8m/s（2）对物体受力分析，受重力、拉力、支持力和滑动摩擦力，如图根据牛顿第二定律，有：平行斜面方向：Fcosα﹣mgsin30°﹣F f=ma垂直斜面方向：Fsinα+F N﹣mg cos30°=0其中：F f=μF N联立解得：F==故当α=30°时，拉力F有最小值，为F min=N；答：（1）物块加速度的大小为3m/s2，到达B点的速度为8m/s；（2）拉力F与斜面的夹角30°时，拉力F最小，最小值是N．点评：本题是已知运动情况确定受力情况，关键先根据运动学公式求解加速度，然后根据牛顿第二定律列式讨论．9．一平板车，质量M=100kg，停在水平路面上，车身的平板离地面的高度h=1.25m．一质量m=50kg的滑块置于车的平板上，它到车板末端的距离b=1.00m，与车板间的动摩擦因素μ=0.20，如图所示，今对平板车施一水平方向的恒力，使车向前行驶，结果滑块从车板上滑落，滑块刚离开车板的时刻，车向前行驶的距离s0=2.00m．求滑块落地时，落地点到车尾的距离s．（不计路面与平板车间以及轮轴的摩擦，g=10m/s2）考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物块从平板车上滑落后做平抛运动，根据平抛运动的基本公式求出运动的时间和位移．对平板车M，在m未滑落之前，水平方向受二力作用，即F和物块对平板车的摩擦力f，二者方向相反，当m从平板车的B点滑落以后，平板车水平方向只受F作用，做匀加速直线运动，分别根据运动学基本公式求出位移，进而可求得物块落地时，落地点到车尾的水平距离．解答：解：对滑块：，对车：，解得F=500N，t1=1s，以m为研究对象进行分析，m在车板上的水平方向只受一个摩擦力f的作用，为：f=μmg，根据牛顿第二定律得：f=ma1a1=μg=2m/s2，物块在平板车的加速度为a2=滑块离开车后，对车，滑块平抛落地时间．从离开小车至滑块落地，对滑块s1=v1t2=a1t1t2=1（m）对车故s=s2﹣s1=1.625（m）答：滑块落地时，落地点到车尾的距离s为1.625m．点评：该题涉及到相对运动的过程，要求同学们能根据受力情况正确分析运动情况，并能熟练运用运动学基本公式解题，难度较大．}•30945 78E1 磡35325 89FD 觽9A23608 5C38 尸29051 717B 煻37534 929E 銞20483 5003 倃C0-MV。
高三物理周测卷(带答案解析)
高三物理周测卷学校：__________ 班级：__________ 姓名：__________ 考号：__________一、选择题（本题共计 8 小题，每题 5 分，共计40分，）1. 某驾驶员使用定速巡航，在高速公路上以时速110公里行驶了200公里，其中“时速110公里”、“行驶200公里”分别是指（）A.速度、位移B.速度、路程C.速率、位移D.速率、路程2. 汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，发现前方有障碍物立即以大小为5m/s2的加速度刹车，则汽车刹车后第2s内的位移和刹车后5s内的位移为（）A.30m，40mB.30m，37.5mC.12.5m，37.5mD.12.5m，40m3. 一列复兴号动车进站时做匀减速直线运动，车头依次从站台上三个立柱A、B、C旁经过，其中相邻两立柱间距离为x0，对应时刻分别为t1、t2、t3．则下列说法正确的是（）A.车头经过立柱B的速度为2x0t3−t1B.车头经过立柱A、B的平均速度等于x0t2−t1C.三时刻的关系为：(t3−t2):(t2−t1)=1:(√2−1)D.车头经过立柱A、B、C三立柱时的速度v A、v B、v C的大小关系为：2v B=v A+v C4. 质量为m＝60kg的同学，双手抓住单杠做引体向上，他的重心的运动速率随时间变化的图像如图2所示．取g＝10m/s2，由图像可知（）A.t＝0.5s时他的加速度为3m/s2B.t＝0.4s时他处于超重状态C.t＝1.1s时他受到单杠的作用力的大小是620ND.t＝1.5s时他处于超重状态5. 如图所示，在水平圆盘上沿半径方向放置用细线相连的质量均为m的A、B两个物块（可视为质点）．A和B距轴心O的距离分别为r A=R，r B=2R，且A、B与转盘之间的最大静摩擦力都是f m，两物块A和B随着圆盘转动时，始终与圆盘保持相对静止．则在圆盘转动的角速度从0缓慢增大的过程中，下列说法正确的是（）A.B所受合外力一直等于A所受合外力B.A受到的摩擦力一直指向圆心C.B受到的摩擦力先增大后减小D.A、B两物块与圆盘保持相对静止的最大角速度ωm=√2f mmR6. 2020年12月3日23时10分，嫦娥五号上升器携带1731g月球样品从月面起飞，开启中国首次地外天体采样返回之旅．其返回地球的飞行轨迹可以简化为如图所示：首先进入地月转移轨道，从Q点进入绕地球椭圆轨道Ⅰ，到达近地点P后进入近地圆轨道Ⅱ，再进行适当操作坠入大气层到达地表．已知椭圆轨道Ⅰ的半长轴为a、近地圆轨道Ⅱ的半径为r，嫦娥五号在轨道Ⅰ、Ⅱ正常运行的周期为T1、T2，地球半径为R，地球表面重力加速度为g，忽略地球自转及其他星球引力的影响．下列说法正确的是（）A.a3 T12>r3T22B.嫦娥五号在轨道Ⅱ正常运行的速度大于√gRC.嫦娥五号在轨道Ⅰ上P点的加速度大小等于轨道Ⅱ上P点的加速度D.嫦娥五号沿轨道Ⅰ从Q点向P点飞行过程中，动能逐渐减小7. 在研究微型电动机的性能时，用如图所示的实验电路．调节滑动变阻器R使电动机停止转动，此时电流表和电压表的示数分别为0.5A和3.0V．重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和36.0V，则这台电动机正常运转时的输出功率为（）A.72WB.64WC.56WD.48W8. 空间某区域内存在电场，电场线在竖直平面内的分布如图所示．一个质量为m、电量为q的小球在该电场中运动，小球经过A点时的速度大小为v1，方向水平向右，运动至B点的速度大小为v2，运动方向与水平方向质检的夹角为α，若A、B两点之间的高度差为ℎ，水平距离为s，则以下判断中正确的是（）A.A、B两点的电场强度和电势大小关系为E A<E B、φA<φBB.若v2>v1，则电场力一定做正功C.若小球带正电，则A、B两点间的电势差为m2q(v22−v12−2gℎ)D.小球从A运动到B点的过程中电场力做的功为12mv22−12mv12二、多选题（本题共计 4 小题，每题 3 分，共计12分，）9. 在平直公路上有甲、乙两辆汽车同时从同一位置沿着同一方向做匀加速直线运动，它们速度的平方随位移变化的图像如图所示，则（）A.甲车加速度的大小比乙车加速度的大小大B.在x=0.5m处甲乙两车的速度相等C.在x=0.5m处甲乙两车相遇D.在x=1.0m处甲乙两车相遇10. 下列说法中正确的有（）A.已知水的摩尔质量和水分子的质量，就可以计算出阿伏加德罗常数B.布朗运动说明分子在永不停息地做无规则运动C.两个分子间由很远(r>10−9m)距离减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先减小后增大，分子势能不断增大D.露珠呈球状是由于液体表面张力的作用11. 氢原子的能级如图所示，已知可见光的光子能量范围约为1.64eV∼3.19eV．下列说法正确的是（ ）A.处于n =3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线，并发生电离B.大量处于n =2能级的氢原子可以吸收能量为2.55eV 的可见光光子，跃迁到第4能级C.动能为10.4eV 的电子射向大量处于基态的氢原子，氢原子不会发生跃迁D.动能大于等于13.6eV 的电子可以使基态的氢原子发生电离12. 如图所示，一水平方向的匀强磁场，磁场区域的高度为ℎ，磁感应强度为B ，质量为m 、电阻为R 、粗细均匀的矩形线圈，ab =L ，bc =ℎ，该线圈从cd 边离磁场上边界高度H =(mgR)22gB 4L 4处自由落下，不计空气阻力，重力加速度为g ，设cd 边始终保持水平，则（ ）A. cd 边刚进入磁场时速度大小v =mgR2B 2L 2 B.cd 边刚进入磁场时其两端电压U cd =mgR 2B(L+ℎ)C.线圈穿过磁场的时间t =2ℎ(BL)2mgRD.线圈穿过磁场过程中，回路中产生的热量Q =2mgℎ三、 解答题 （本题共计 3 小题 ，每题 10 分 ，共计30分 ， ）13. 短跑运动员完成100m 赛跑的过程可简化为匀加速运动和匀速运动两个阶段．一次比赛中，某运动员用11s 跑完全程，已知运动员在加速阶段的第2s 内通过的距离为7.5m ，求：（1）该运动员的加速度．（2）在加速阶段通过的距离．14. 一端封闭、一端开口的长度L =90cm 的玻璃管，用长ℎ=30cm 的水银柱封闭一段理想气体，当玻璃管水平放置稳定时（如图甲所示），气体的长度L 1=50cm ，已知大气压强p0=75cmHg，封闭气体的温度T1=300K．（1）保持玻璃管水平，使气体的温度缓慢升高到T2时，水银恰好不溢出，求T2；（2）若保持气体的温度T2不变，再将玻璃管以封闭端为轴缓慢逆时针转过30∘（如图乙所示），则稳定后密闭气柱的长度为多少？15. 如图所示，直角坐标系中的第Ⅰ象限中存在沿y轴负方向的匀强电场，在第Ⅱ象限中存在垂直纸面向外的匀强磁场，一电量为q、质量为m的带正电的粒子，在−x轴上的点a以速率v0，方向和−x轴方向成60∘射入磁场，然后经过y轴上的b点垂直于y轴方向进入电场，并经过x轴上x=2L处的c点时速度大小为√2v0．不计粒子重力．求（1）磁感应强度B的大小．（2）电场强度E的大小．四、实验探究题（本题共计 1 小题，共计18分，）16.(18分) 小戴同学利用如图甲所示的装置做“探究加速度和力的关系”实验，跨过光滑定滑轮用细线将铝块和桶连接，桶内可装沙，由静止释放沙桶，铅块将向上做加速运动．实验前先测出铝块与空桶的总质量为M，通过在空桶中添加沙来改变铝块的运动情况．测出每次桶内沙的质量为m，由纸带上打出的点可算出对应的加速度大小a，已知电源频率为50Hz．（1）在某次实验中，小戴获得了一条纸带，并在纸带上便于测量的地方选取了一段进行分析，如图乙所示，图中每2个计数点间还有4个点未标出，计数点间的距离如图乙所示，则铝块运动的加速度为________m/s2（计算结果保留三位有效数字）．图像如图丙所示，测得该直（2）小戴经过多次实验后，由多组实验数据画出a−1M+m线斜率的绝对值为k，纵截距为b，则当地重力加速度为________，铝块质量为________．（均用k，b表示）（3）若考虑纸带所受摩擦力对实验的影响，则（2）中求得的铝块质量与真实值相比________（填“偏大”“偏小”或“不变”）．参考答案与试题解析 高三物理周测卷1一、 选择题 （本题共计 8 小题 ，每题 5 分 ，共计40分 ） 1. 【答案】 D【解析】 此题暂无解析 【解答】解：“行驶200公里”指的是经过的路程的大小，“时速为110公里”是某一个时刻的速度，是瞬时速度的大小，故D 正确，ABC 错误． 故选D ． 2.【答案】 D【解析】汽车做匀减速直线运动，先应用速度公式求出汽车的减速时间，然后应用位移公式求出汽车的位移，然后答题． 【解答】解：汽车减速到0需要的时间为：t =v 0a=205s =4s ，刹车后2s 内的位移为：x 2=v 0t 2+12at 22=30m ， 刹车后1s 内的位移为：x 1=v 0t 1+12at 12=17.5m ，刹车后第2s 内的位移为：Δx =x 2−x 1=12.5m ，汽车运动4s 就停止运动，则刹车后5s 内的位移为：x =v 022a =2022×5m =40m ，故选：D ． 3. 【答案】 B【解析】【解答】解：AD ．车头经过站台上立柱AC 段的平均速度v AC ¯=x AC t AC=2x 0t3−t 1，由题可知，B 点是AC 段的位置中点，所以B 点的瞬时速度应该大于AC 段的平均速度，2v B >v A +v C ，故AD 错误；B ．车头经过立柱A 、B 的平均速度为v AB ¯=x AB t AB=x 0t2−t 1，故B 正确；C ．根据比例法可知，当C 点速度为零时， (t 3−t 2): (t 2−t 1)=1: (√2−1)，而题中未说明C 点的速度为0，故C 错误． 故选B ．【答案】B【解析】速度时间图像的斜率表示加速度，根据图像求出t＝0.4s和t＝1.1s时的加速度，再根据牛顿第二定律求出单杠对该同学的作用力。
高三物理上学期第一周周考试卷(含解析)
2015-2016学年安徽省滁州中学高三（上）第一周周考物理试卷一、选择题（1-6题单选，7-10题多选）1．运动员手持网球拍托球沿水平面匀加速跑，设球拍和球质量分别为M、m，球拍平面和水平面之间的夹角为θ，球拍与球保持相对静止，它们间摩擦及空气阻力不计，则（）A．运动员的加速度为gtanθB．球拍对球的作用力C．运动员对球拍的作用力为MgcosθD．若加速度大于gsinθ，球一定沿球拍向上运动2．中国航天局秘书长田玉龙2015年3月6日证实，将在2015年年底发射高分四号卫星，这是中国首颗地球同步轨道高时间分辨率对地观测卫星．如图所示，A是静止在赤道上随地球自转的物体；B、C是同在赤道平面内的两颗人造卫星，B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上，C是高分四号卫星．则下列关系正确的是（）A．物体A随地球自转的角速度大于卫星B的角速度B．卫星B的线速度大于卫星C的线速度C．物体A随地球自转的加速度大于卫星C的加速度D．物体A随地球自转的周期大于卫星C的周期3．如图所示为一直流电路，电源内阻不能忽略，但R0大于电源内阻，滑动变阻器的最大阻值小于R，当滑动变阻器滑片P从滑动变阻器的最右端滑向最左端的过程中，下列说法正确的是（）A．电压表的示数一直增大 B．电流表的示数一直增大C．电阻R0消耗的功率一直增大D．电源的输出功率一直增大4．如图所示，在MNQP中有一垂直纸面向里匀强磁场．质量和电荷量都相等的带电粒子a、b、c以不同的速率从O点沿垂直于PQ的方向射入磁场，图中实线是它们的轨迹．已知O是PQ的中点，不计粒子重力．下列说法中正确的是（）A．粒子a带负电，粒子b、c带正电B．射入磁场时粒子a的速率最小C．射出磁场时粒子b的动能最小D．粒子c在磁场中运动的时间最长5．某同学设计的“电磁弹射”装置如图所示，足够长的光滑金属导轨（电阻不计）水平固定放置，间距为l，磁感应强度大小为B的磁场垂直于轨道平面向下．在导轨左端跨接电容为C的电容器，另一质量为m、电阻为R的导体棒垂直于导轨摆放．先断开电键S，对电容器充电，使其带电量为Q，再闭合电键S，关于该装置及导体棒的运动情况下列说法正确的是（）A．要使导体棒向右运动，电容器的b极板应带正电B．导体棒运动的最大速度为C．导体棒运动过程中，流过导体棒横截面的电量为QD．导体棒运动过程中感应电动势的最大值为6．关于气体热现象的微观解释，下列说法中错误的是（）A．密闭在容器中的气体，在某一时刻向各个方向运动的气体分子数目基本相等B．大量气体分子的速率有大有小，但是按“中间多，两头少”的规律分布C．气体压强的大小跟气体分子的平均动能、分子的密集程度这两个因素有关D．一定质量的理想气体，温度不变，体积减小时，气体的内能一定增大7．如图，在半径为R圆环圆心O正上方的P点，将一小球以速度v0水平抛出后恰能从圆环上Q点沿切线飞过，若OQ与OP间夹角为θ，不计空气阻力．则（）A．从P点运动到Q点的时间为t=B．从P点运动到Q点的时间为t=C．小球运动到Q点时的速度为v Q=D．小球运动到Q点时的速度为v Q=8．如图1所示，水平轨道Ⅰ、Ⅱ平滑连接于b点．一物体以水平速度v0从a点进入轨道，轨道Ⅰ、Ⅱ的动摩擦因数为不同常数，若物体仅在轨道Ⅱ受水平向左的恒力F作用，其v﹣t图象如图2所示，则在0到7s内（）A．物体在轨道Ⅰ受到的滑动摩擦力比轨道Ⅱ的大B．物体在轨道Ⅰ受到的滑动摩擦力小于FC．物体在轨道Ⅰ、Ⅱ受到的摩擦力做功之比为4：1D．物体在轨道Ⅱ受到的摩擦力做的功与F做的功之比为3：59．一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能E P随位移x变化的关系如图所示，其中O～x2段是对称的曲线，x2～x3是直线段，则下列判断正确的是（）A．x1处电场强度最大B．x2～x3段是匀强电场C．x1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1＞φ2＞φ3D．粒子在O～x2段做匀变速运动，x2～x3段做匀速直线运动10．一简谐波在如图所示的x轴上传播，实线和虚线分别是t1=0和t2=0.2s时刻的波形图．则下列说法正确的是（）A．若该波在t1=0时刻已沿+x方向传播到x=6m处，则波源起振方向向下B．若该波与另一频率为1.25Hz的简谐波相遇时发生干涉，则该波沿+x方向传播C．若该波在t2=0.2s时刻，x=2.5m处的质点向﹣y方向运动，则该波向+x方向传播D．若该波的传播速度是75m/s，则该波沿﹣x方向传播二、计算题11．如图所示为一传送带装置模型，斜面的倾角θ，底端经一长度可忽略的光滑圆弧与足够长的水平传送带相连接，质量m=2kg 的物体从高h=30cm的斜面上由静止开始下滑，它与斜面的动摩擦因数μ1=0.25，与水平传送带的动摩擦因数μ2=0.5，物体在传送带上运动一段时间以后，物体又回到了斜面上，如此反复多次后最终停在斜面底端．已知传送带的速度恒为v=2.5m/s，tanθ=0.75，g取10m/s2．求：（1）物体第一次滑到底端的速度大小；（2）从滑上传送带到第一次离开传送带的过程中，求传送带对物体所做功及物体对传送带做功．（3）从物体开始下滑到最终停在斜面底端，物体在斜面上通过的总路程．12．如图所示，在长为L=57cm的一端封闭、另一端开口向上的竖直玻璃管内，用4cm高的水银柱封闭着51cm长的理想气体，管内外气体的温度均为33℃，大气压强p0=76cmHg．①若缓慢对玻璃管加热，当水银柱上表面与管口刚好相平时，求管中气体的温度；②若保持管内温度始终为33℃，现将水银缓慢注入管中，直到水银柱上表面与管口相平，求此时管中气体的压强．13．如图所示，两光滑金属导轨，间距d=0.2m，在桌面上的部分是水平的，处在磁感应强度B=0.1T、方向竖直向下的有界磁场中．电阻R=3Ω．桌面高H=0.8m，金属杆ab质量m=0.2kg，电阻r=1Ω，在导轨上距桌面h=0.2m的高处由静止释放，落地点距桌面左边缘的水平距离s=0.4m，g=10m/s2．求：（1）金属杆刚进入磁场时，R上的电流大小．（2）整个过程中R上放出的热量．。
高三物理上学期第1周周练试题
咐呼州鸣咏市呢岸学校一中高2021级2021－2021第十周周练理科综合﹒物理第 I 卷(选择题)二、选择题(共8小题，每题6分。
第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。
选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14．在物理学的重大发现中，家总结出了许多物理学方法，如理想法、控制变量法、极限思想法、类比法、假说法和效替代法，以下关于物理学研究方法的表达不正确的选项是．．．．．．．〔〕A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B．根据速度的义式，当△t非常小时，就可以用△t时间内的平均速度表示物体在t时刻的瞬时速度，该义运用了极限思想法C．在验证力的平行四边形那么时，同一次两次拉细绳套须使结点到达同一位置，该运用了效替代法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法15．如图，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物块正在沿斜面以速度v0匀速下滑，斜劈保持静止，那么地面对斜劈的摩擦力( )A．于零B．不为零，方向向右C．不为零，方向向左D．不为零，v0较大时方向向左，v0较小时方向向右16．如下图的位移(x)—时间(t)图象和速度(v)—时间(t)图象中给出四条图线，甲、乙、丙、丁代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，那么以下说法正确的选项是( )A．甲车做直线运动，乙车做曲线运动B．0～t1时间内，甲车通过的路程大于乙车通过的路程C．0～t2时间内，丙、丁两车在t2时刻相距最远D．0～t2时间内，丙、丁两车的平均速度相17．如下图，水平转台上放着一枚硬币，当转台匀速转动时，硬币没有滑动，关于这种情况下硬币的受力情况，以下说法正确的选项是( )A．受重力和台面的支持力B．受重力、台面的支持力和向心力C．受重力、台面的支持力、向心力和静摩擦力D．受重力、台面的支持力和静摩擦力18．如下图，在光滑平面上有一静止小车，小车质量为M＝5 kg，小车上静止地放置着质量为m＝1 kg的木块，和小车间的动摩擦因数为μ＝0.2，用水平恒力F拉动小车，以下关于木块的加速度a m和小车的加速度a M，可能正确的有( )A．a m＝1 m/s2，a M＝1 m/s2B．a m＝1 m/s2，a M＝2 m/s2C．a m＝2 m/s2，a M＝4 m/s2D．a m＝3 m/s2，a M＝5 m/s219．如下图，相距l的两小球A、B位于同一高度h(l、h均为值)。
高三物理一轮复习周测试题 周练1《直线运动》 含答案
高三物理一轮复习周周练（直线运动）1、某航母跑道长200m.飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s2，起飞需要的最低速度为50m/s.那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为A.5m/sB.10m/sC.15m/sD.20m/s2、将甲乙两小球先后以同样的速度在距地面不同高度处竖直向上抛出，抛出时间间隔为2s，他们运动的V-t图像分别如直线甲、乙所示。
则A．t=2s时，两球的高度差一定为40mB．t=4s时，两球相对于各自抛出点的位移相等C．两球从抛出至落地到地面所用的时间间隔相等D．甲球从抛出至达到最高点的时间间隔与乙球的相等3、汽车以恒定功率沿公路做直线运动，途中通过一块沙地。
汽车在公路及沙地上所受阻力均为恒力，且在沙地上受到的阻力大于在公路上受到的阻力。
汽车在驶入沙地前己做匀速直线运动，它在驶入沙地到驶出沙地后的一段时间内，位移s随时间t的变化关系可能是4、一物体做直线运动，其加速度随时间变化的a-t图象如图所示。
下列v-t图象中，可能正确描述此物体运动的是a -av -v5、如图7，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相同的光滑轨道。
甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由滑向B处，下列说法正确的有A．甲的切向加速度始终比乙的大B．甲、乙在同一高度的速度大小相等C．甲、乙在同一时刻总能到达同一高度D．甲比乙先到达B处6、甲、乙两物体在t=0时刻经过同一位置沿x轴运动，其v-t图像如图所示，则A．甲、乙在t=0到t=ls之间沿同一方向运动B．乙在t=0到t=7s之间的位移为零C．甲在t=0到t=4s之间做往复运动D．甲、乙在t =6s时的加速度方向相同7、如图．直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位置一时间(x－t)图线。
由图可知A在时刻t1 ，a车追上b车B在时刻t2，a、b两车运动方向相反C在t1到t2这段时间内，b车的速率先减少后增加D在t1到t2这段时间内，b车的速率一直比a车的大8、 (10 分)某兴趣小组利用自由落体运动测定重力加速度,实验装置如图所示. 倾斜的球槽中放有若干个小铁球,闭合开关K,电磁铁吸住第 1 个小球. 手动敲击弹性金属片M,M 与触头瞬间分开, 第1 个小球开始下落,M 迅速恢复,电磁铁又吸住第2 个小球. 当第1 个小球撞击M 时,M 与触头分开,第2 个小球开始下落……. 这样,就可测出多个小球下落的总时间.(1)在实验中,下列做法正确的有_________.(A)电路中的电源只能选用交流电源(B)实验前应将M 调整到电磁铁的正下方(C)用直尺测量电磁铁下端到M 的竖直距离作为小球下落的高度(D)手动敲击M 的同时按下秒表开始计时(2)实验测得小球下落的高度H =1. 980 m,10个小球下落的总时间T =6. 5 s. 可求出重力加速度g = ______ m/ s2. (结果保留两位有效数字)(3)在不增加实验器材的情况下,请提出减小实验误差的两个办法.(4)某同学考虑到电磁铁在每次断电后需要时间Δt 磁性才消失,因此,每个小球的实际下落时间与它的测量时间相差Δt,这导致实验误差. 为此,他分别取高度H 1和H2,测量n个小球下落的总时间T1和T2. 他是否可以利用这两组数据消除Δt 对实验结果的影响? 请推导说明9、（18分）（1）研究小车匀变速直线运动的实验装置如图16（a）所示其中斜面倾角θ可调，打点计时器的工作频率为50Hz，纸带上计数点的间距如图16（b）所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出。
高三物理上学期周测试题(含解析)
咐呼州鸣咏市呢岸学校高三〔上〕周测物理试卷〔12〕一、选择题〔每空6分，共48分〕1．如下图的装置中，平行板电容器的极板A与一灵敏静电计相连，极板B接地．假设极板B稍向上移动一点，由观察到的静电计指针变化作出平行板电容器电容变小的结论的依据是〔〕A．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变大B．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变小C．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变小D．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变大2．图中是一个平行板电容器，其电容为C，带电量为Q，上极板带正电．现将一个试探电荷q由两极板间的A点移动到B点，如下图．A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°，那么电场力对试探电荷q所做的功于〔〕A．B．C．D．3．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．两板间有一个正检验电荷固在P点，如下图，以C表示电容器的电容、E表示两板间的场强、φ表示P点的电势，W表示正电荷在P点的电势能，假设正极板保持不动，将负极板缓慢向右平移一小段距离l0的过程中各物理量与负极板移动距离x的关系图象中正确的选项是〔〕A．B．C．D．4．电容式传感器是用来将各种非电信号转变为电信号的装置．由于电容器的电容C取决于极板正对面积S、极板间距离d以及极板间的电介质这几个因素，当某一物理量发生变化时就能引起上述某个因素的变化，从而又可推出另一个物理量的值的变化，如下图是四种电容式传感器的示意图，关于这四个传感器的作用以下说法不正确的选项是〔〕A．如图的传感器可以用来测量角度B．如图的传感器可以用来测量液面的高度C．如图的传感器可以用来测量压力D．如图的传感器可以用来测量速度5．一束正离子以相同的速率从同一位置、垂直于电场方向飞入匀强电场中，所有离子的轨迹都是一样的，这说明所有粒子〔〕A．都具有相同的质量B．都具有相同的电荷量C．电荷量与质量的比〔又叫比荷〕相同D．都属于同一元素的同位素6．原来都是静止的质子和α粒子，经过同一电压的加速电场后，它们的速度大小之比为〔〕A．：2 B．1：2 C．：1 D．1：17．如下图，示波器的示波管可以视为加速电场与偏转电场的组合，假设加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转极板长为L，极板间距为d，且电子被加速前的初速度可忽略，那么关于示波器的灵敏度〔即偏转电场中每单位偏转电压所引起的偏转量〕与加速电场、偏转电场的关系，以下说法中正确的选项是〔〕A．L越大，灵敏度越高B．d越大，灵敏度越高C．U1越大，灵敏度越高D．U2越大，灵敏度越高8．如下图是水平旋转的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v0水平射入电场，且沿下板边缘飞出．假设下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入，那么带电小球〔〕A．将打在下板B．仍沿原轨迹由下板边缘飞出C．不发生偏转，沿直线运动D．假设上板不动，将下板上移一段距离，小球一打不到下板的二、多项选择〔每空6分，共12分〕9．如图〔a〕所示，两平行正对的金属板A、B间加有如图〔b〕所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固在两板的间P处．假设在t0时刻释放该粒子，粒子会时而向A板运动，时而向B板运动，并最终打在A板上．那么t0可能属于的时间段是〔〕A．0＜t0＜B．＜t0＜ C．＜t0＜T D．T＜t0＜10．如下图，两平行金属板水平放置并接到电源上，一个带电微粒P位于两板间恰好平衡，现用外力将P 固住，然后使两板各绕其中点转过α角，如图虚线所示，再撤去外力，那么带电微粒P在两板间〔〕A．保持静止B．向左做直线运动C．电势能不变 D．电势能将变少三、计算题〔每空20分，共40分〕11．〔20分〕如下图，水平放置的A、B两平行板相距h，有一个质量为m，带电量为+q的小球在B板之下H处以初速度v0竖直向上进入两板间，欲使小球恰好打到A板，试讨论A、B板间的电势差是多大？12．〔20分〕〔2021秋•校级月考〕如下图，匀强电场方向与水平方向的夹角θ=30°斜右上方，电场强度为E，质量为m的带负电的小球以初速度v0开始运动，初速度方向与电场方向一致，试求：〔1〕假设小球带的电荷量为q=，为使小球能做匀速直线运动，对小球施加的恒力F1的大小和方向如何？〔2〕假设小球带的电荷量为q=，为使小球能做直线运动，对小球施加的最小恒力F2的大小和方向如何？高三〔上〕周测物理试卷〔12〕参考答案与试题解析一、选择题〔每空6分，共48分〕1．如下图的装置中，平行板电容器的极板A与一灵敏静电计相连，极板B接地．假设极板B稍向上移动一点，由观察到的静电计指针变化作出平行板电容器电容变小的结论的依据是〔〕A．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变大B．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变小C．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变小D．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变大【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】电容器的电荷量几乎不变．将极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，电容减小，由公式C=分析板间电压变化．【解答】解：由图分析可知电容器极板上的电荷量几乎不变，将极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，根据公式C=，电容减小，由公式C=可判断出电容器极板间电压变大，静电计张角增大，故D 正确，ABC错误．应选：D．【点评】此题要抓住电荷量不变的条件，根据电容的义式C=分析电容如何变化．2．图中是一个平行板电容器，其电容为C，带电量为Q，上极板带正电．现将一个试探电荷q由两极板间的A点移动到B点，如下图．A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°，那么电场力对试探电荷q所做的功于〔〕A．B．C．D．【考点】电势能；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由平行板电容器的电容C和带电量Q，由电容的义式求出板间电压．由E=求出板间场强．根据功的计算公式求解电场力对试探电荷q所做的功．【解答】解：由电容的义式C=得板间电压U=，板间场强E==．试探电荷q由A点移动到B点，电场力做功W=qEssin30°=应选C【点评】此题只要抓住电场力具有力的一般性质，根据功的一般计算公式就可以很好地理解电场力做功，并能正确计算功的大小．3．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．两板间有一个正检验电荷固在P点，如下图，以C表示电容器的电容、E表示两板间的场强、φ表示P点的电势，W表示正电荷在P点的电势能，假设正极板保持不动，将负极板缓慢向右平移一小段距离l0的过程中各物理量与负极板移动距离x的关系图象中正确的选项是〔〕A．B．C．D．【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】由题意可知电量不变，由平行板电容器的决式可知电容的变化；由义式可得出两端电势差的变化；再由U=Ed可知E的变化，进而判断势能的变化．【解答】解：A、当负极板右移时，d减小，由C=可知，C与x图象不能为一次函数图象！故A错误；B、由U=可知，U=Q，那么E==，故E与d无关，故B错误；C、因负极板接地，设P点原来距负极板为l，那么P点的电势φ=E〔l﹣l0〕；故C正确；D、电势能E=φq=Eq〔l﹣l0〕，不可能为水平线，故D错误；应选：C．【点评】此题考查电容器的动态分析，由于结合了图象内容，对学生的要求更高了一步，要求能根据公式得出正确的表达式，再由数学规律进行分析求解．4．电容式传感器是用来将各种非电信号转变为电信号的装置．由于电容器的电容C取决于极板正对面积S、极板间距离d以及极板间的电介质这几个因素，当某一物理量发生变化时就能引起上述某个因素的变化，从而又可推出另一个物理量的值的变化，如下图是四种电容式传感器的示意图，关于这四个传感器的作用以下说法不正确的选项是〔〕A．如图的传感器可以用来测量角度B．如图的传感器可以用来测量液面的高度C．如图的传感器可以用来测量压力D．如图的传感器可以用来测量速度【考点】传感器在生产、生活中的用．【分析】电容器的决式C=，当电容器两极间正对面积变化时会引起电容的变化，其他条件不变的情况下成正比【解答】解：A、图示电容器为可变电容器，通过转动动片改变正对面积，改变电容，可以用来测量角度，故A正确B、图示电容器的一个极板时金属芯线，另一个极板是导电液，故是通过改变电容器两极间正对面积而引起电容变化的，可以用来测量液面的高度，故B正确；C、是通过改变极板间的距离，改变电容器的，可以用来测量压力，故C正确D、可变电容器，通过改变电介质，改变电容，可以用来测量位移，故D错误；此题选错误的；应选：D．【点评】此题考查了影响电容器电容的因素，如何改变电容器的容，电容传感器的特点．并明确电容器作为传感器在生产生活中的用．5．一束正离子以相同的速率从同一位置、垂直于电场方向飞入匀强电场中，所有离子的轨迹都是一样的，这说明所有粒子〔〕A．都具有相同的质量B．都具有相同的电荷量C．电荷量与质量的比〔又叫比荷〕相同D．都属于同一元素的同位素【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】正离子垂直于电场方向飞入匀强电场中做类平抛运动．根据运动学公式可列出y=，而牛顿第二律a=，及运动时间t=，从而得出偏转距离与质量、电量及速率的关系．【解答】解：正离子进入匀强电场后，做类平抛运动，将运动分解，那么偏转距离为y=牛顿第二律得a=垂直于电场方向正离子做匀速直线运动，那么运动时间为 t=联立得：y=由于初速率v0、电压U、极板长度L、极板间距d均相同，离子的轨迹一样时偏转距离相，那么离子的比荷相同，但它们的质量不一相同，电量也不一相同，不一都属于同一元素的同位素，故C正确，ABD错误；应选：C【点评】此题考查粒子在电场中做类平抛运动，理解由运动轨迹来确偏转距离的关系，掌握牛顿第二律与运动学公式的用，并知道粒子的比荷的含义．6．原来都是静止的质子和α粒子，经过同一电压的加速电场后，它们的速度大小之比为〔〕A．：2 B．1：2 C．：1 D．1：1【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】根据动能理列式得到加速获得的速度表达式，结合质子和α粒子的比荷求解速度之比．【解答】解：设任一带电粒子的质量为m，电量为q，加速电场的电压为U，根据动能理得：qU=得速度大小：v=，即得速度大小与比荷的平方根成正比．质子和α粒子比荷之比为：=：=2：1所以解得速度之比 v H：vα=：1．应选：C．【点评】此题带电粒子在电场中加速问题，根据动能理求速度是常用方法．此题还要对质子与α粒子的质量数与电荷数要区分清楚．7．如下图，示波器的示波管可以视为加速电场与偏转电场的组合，假设加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转极板长为L，极板间距为d，且电子被加速前的初速度可忽略，那么关于示波器的灵敏度〔即偏转电场中每单位偏转电压所引起的偏转量〕与加速电场、偏转电场的关系，以下说法中正确的选项是〔〕A．L越大，灵敏度越高B．d越大，灵敏度越高C．U1越大，灵敏度越高D．U2越大，灵敏度越高【考点】示波管及其使用．【分析】根据带电粒子在加速电场中加速，在偏转电场中做类平抛运动，结合动能理、牛顿第二律和运动学公式求出偏转量，从而得出灵敏度的大小．【解答】解：根据动能理得，eU1=mv2；粒子在偏转电场中运动的时间t=，在偏转电场中的偏转位移h=at2=•=那么灵敏度=．知L越大，灵敏度越大；d越大，灵敏度越小；U1越小，灵敏度越大．灵敏度与U2无关．故A正确，CBD错误．应选：A．【点评】此题考查了带电粒子在电场中的加速和偏转，综合考查了动能理、牛顿第二律、运动学公式，难度中8．如下图是水平旋转的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v0水平射入电场，且沿下板边缘飞出．假设下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入，那么带电小球〔〕A．将打在下板B．仍沿原轨迹由下板边缘飞出C．不发生偏转，沿直线运动D．假设上板不动，将下板上移一段距离，小球一打不到下板的【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】将电容器上板向下移动一段距离，电容器所带的电量Q不变，根据电容器的义式导出电场强度的变化，判断粒子的运动情况．【解答】解：A、B、C、将电容器上板上移一小段距离，电容器所带的电量Q不变，由E=、C=、C=得，E==．由题意可知，电容器带电量Q不变，极板的正对面积S不变，相对介电常量ɛ不变，由公式可知当d增大时，场强E不变，以相同的速度入射的小球仍按原来的轨迹运动，故AC错误，B正确．D、假设上板不动，将下板上移一段距离时，根据推论可知，板间电场强度不变，粒子所受的电场力不变，粒子轨迹不变，小球可能打在下板的，故D错误．应选：B【点评】此题要注意当电容器与电源断开时，电容器所带的电量是值不变，仅仅改变板间距离时，板间场强是不变的，这个推论要熟悉．二、多项选择〔每空6分，共12分〕9．如图〔a〕所示，两平行正对的金属板A、B间加有如图〔b〕所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固在两板的间P处．假设在t0时刻释放该粒子，粒子会时而向A板运动，时而向B板运动，并最终打在A板上．那么t0可能属于的时间段是〔〕A．0＜t0＜B．＜t0＜ C．＜t0＜T D．T＜t0＜【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】计算题；压轴题；高考物理专题．【分析】解决此题首先要注意A、B两板电势的上下及带正电粒子运动的方向，再利用运动的对称性，粒子加速与减速交替进行运动，同时注意粒子向左、右运动位移的大小，即可判断各选项的对错．【解答】解：A、假设，带正电粒子先加速向B板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向右运动的距离大于向左运动的距离，最终打在B板上，所以A错误．B、假设，带正电粒子先加速向A板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向左运动的距离大于向右运动的距离，最终打在A板上，所以B正确．C、假设，带正电粒子先加速向A板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向左运动的距离小于向右运动的距离，最终打在B板上，所以C错误．D、假设，带正电粒子先加速向B板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向右运动的距离大于向左运动的距离，最终打在B板上，所以D错误．应选B．【点评】〔2021．〕带电粒子在电场中的运动，实质是力学问题，题目类型依然是运动电荷的平衡、直线、曲线或往复振动问题．解题思路一般地说仍然可遵循力的根本解题思路：牛顿运动律和直线运动的规律的结合、动能理或功能关系带电粒子在交变电场中运动的情况比拟复杂，由于不同时段受力情况不同、运动情况也就不同，假设按常规的分析方法，一般都较繁琐，较好的分析方法就是利用带电粒子的速度图象或位移图象来分析．在画速度图象时，要注意以下几点：1．带电粒子进入电场的时刻；2．速度图象的斜率表示加速度，因此加速度相同的运动一是平行的直线；3．图线与坐标轴的围成的面积表示位移，且在横轴上方所围成的面积为正，在横轴下方所围成的面积为负；4．注意对称和周期性变化关系的用；5．图线与横轴有交点，表示此时速度反向，对运动很复杂、不容易画出速度图象的问题，还逐段分析求解．10．如下图，两平行金属板水平放置并接到电源上，一个带电微粒P位于两板间恰好平衡，现用外力将P 固住，然后使两板各绕其中点转过α角，如图虚线所示，再撤去外力，那么带电微粒P在两板间〔〕A．保持静止B．向左做直线运动C．电势能不变 D．电势能将变少【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】带电微粒P在水平放置的A、B金属板间的电场内处于静止状态，说明处于平衡状态，竖直向上的电场力大小于重力的大小，当两平行金属板A、B分别以O、0′中心为轴在竖直平面内转过相同的较小角度α，然后释放P，此时P受到重力、电场力，合力向左，故P做向左的匀加速直线运动．【解答】解：设初状态极板间距是d，旋转α角度后，极板间距变为dcosα，所以电场强度E′=，而且电场强度的方向也旋转了α，由受力分析可知，竖直方向仍然平衡，水平方向有电场力的分力，所以微粒水平向左做匀加速直线运动．那么微粒的重力势能不变，向左做匀加速直线运动过程中，电场力做正功，那么电势能减小．故B、D正确，A、C错误．应选：BD．【点评】考查了受力求运动，正确受力分析，有牛顿第二律判断运动情况，解决此题的关键是确场强与原来场强在大小、方向上的关系．三、计算题〔每空20分，共40分〕11．〔20分〕如下图，水平放置的A、B两平行板相距h，有一个质量为m，带电量为+q的小球在B板之下H处以初速度v0竖直向上进入两板间，欲使小球恰好打到A板，试讨论A、B板间的电势差是多大？【考点】电势差与电场强度的关系；动能理．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】小球刚好打到A板时，速度恰好为零，根据动能理，对整个过程进行研究求解【解答】解：当电场力方向向下时，U A＞U B，电场力做负功，由动能理得：﹣qU AB﹣mg〔H+h〕=﹣解得：U AB=当电场力方向向上时，U A＜U B，电场力做正功，由动能理得：qU BA﹣mg〔H+h〕=﹣解得：U BA=答：A、B板间的电势差是或【点评】此题涉及两个过程，采用全程法运用动能理研究，比拟简洁，也可以分段研究，运用牛顿第二律和运动学公式结合研究12．〔20分〕〔2021秋•校级月考〕如下图，匀强电场方向与水平方向的夹角θ=30°斜右上方，电场强度为E，质量为m的带负电的小球以初速度v0开始运动，初速度方向与电场方向一致，试求：〔1〕假设小球带的电荷量为q=，为使小球能做匀速直线运动，对小球施加的恒力F1的大小和方向如何？〔2〕假设小球带的电荷量为q=，为使小球能做直线运动，对小球施加的最小恒力F2的大小和方向如何？【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】〔1〕小球做匀速直线运动，所受的合力为零，分析小球的受力情况，作出力图，由平衡条件求解即可．〔2〕小球要做直线运动，小球的合力必须与运动方向在同一直线上，当电场力与此直线垂直时，施加的恒力最小，由力的合成图求解即可．【解答】解：〔1〕欲使小球做匀速直线运动，必须使其合外力为0，如图甲所示．设对小球施加的力F1和水平方向夹角为α，那么F1•cosα=qE cosθF1•sinα=qE sinθ+mg解得α=60°，F1=mg〔2〕为使小球做直线运动，那么小球的合力必须与运动方向在同一直线上，当电场力与此直线垂直时，施加的恒力最小，如图乙所示．那么 F2=mgsin60°=mg，方向斜向左上与水平夹角为60°．答：〔1〕假设小球带的电荷量为q=，为使小球能做匀速直线运动，对小球施加的恒力F1的大小是mg，方向与水平成60°斜向右上方．〔2〕假设小球带的电荷量为q=，为使小球能做直线运动，对小球施加的最小恒力F2的大小是mg，方向斜向左上与水平夹角为60°．【点评】解决此题的关键要掌握直线运动和匀速直线运动的条件，作出受力图，运用几何关系分析力的最小值．。
2020届高三物理复习周周练试卷一含答案
第六周 高三物理 周练卷（2019-10-13）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列说法正确的是（ ）A ．卢瑟福通过α粒子散射实验证实了在原子核内部存在质子B ．铀核(23892U )衰变为铅核(20682Pb )的过程中，要经过8次α衰变和5次β衰变C ．铀核(23892U )衰变成α粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定小于铀核的结合能D ．按照爱因斯坦的理论，在光电效应中，金属中的电子吸收一个光子获得的能量是hν，这些能量的一部分用来克服金属的逸出功W 0，剩下的表现为逸出后电子的初动能E k2．质量相等的A 、B 两物体放在同一水平面上，分别受到水平拉力F 1、F 2的作用而从静止开始做匀加速直线运动．经过时间t0和4t 0速度分别达到2v 0和v 0 时，分别撤去F 1和F 2，以后物体继续做匀减速直线运动直至停止．两物体速度随时间变化的图线如图所示． F 1和F 2对A 、B 做的功分别为W 1和W 2，则下列结论正确的是（ ） A ．W 1∶W 2＝4∶5 B ．W 1∶W 2＝6∶5 C ．W 1∶W 2＝5∶6 D ．W 1∶W 2＝12∶53．如图所示，有8个完全相同的长方体木板叠放在一起，每个木板的质量为300 g ，某人用手在这叠木板的两侧加一水平压力F ，使木板水平静止。
若手与木板之间的动摩擦因数为0.5，木板与木板之间的动摩擦因数为0.3，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g 取10 m/s 2.则水平压力F 至少为（ ） A ．18 N B ．24N C ．30 N D ．48N4．1998年6月18日，国产轿车在清华大学汽车工程研究所进行的整车安全性碰撞试验取得成功，被誉为“中国轿车第一撞”。
从此，我国汽车的整车安全性碰撞试验开始与国际接轨。
碰撞试验是让汽车在水平面上以48.3km/h 的国际标准碰撞速度驶向质量为80t 的国际标准碰撞试验台，撞击使汽车的动量一下子变到0，技术人员通过查看载着模拟乘员的传感器的数据以便对汽车安全性能装置进行改进。
高三物理周周练试卷
第1页 共6页 第2页 共6页 第3页 共6页班级：_______________ 姓名：_______________________ 座位号：___________装订线内不要答题高三物理周周练试卷一、选择题1. 2013年11月28日，我国空军组织苏－30、歼－11等主战飞机，在我国东海防空识别区进行常态化空中巡逻，以下说法正确的是A ．在地面上监测飞机在空中位置时，可将其看成质点B ．主战飞机识别空中目标情况时，可将目标看成质点C ．主战飞机监控钓鱼岛的情况时，可将钓鱼岛看成质点D ．任何情况下，都可以将主战飞机看成质点 2. 下列关于加速度的描述中，正确的是A ．加速度在数值上等于单位时间里速度的变化B ．当加速度方向与速度方向相同且又减小时，物体做减速运动C ．速度方向为正时，加速度方向一定为负D ．速度变化越来越快时，加速度越来越小3. 在交通事故分析中，刹车线的长度是很重要的依据，刹车线是汽车刹车后，停止转动的轮胎在地面上滑动时留下来的痕迹。
在某次交通事故中，汽车刹车线的长度为14m ，假设汽车的轮胎与地面之间的动摩擦因数为0.7，则汽车开始刹车时的速度为(g 取10m /s 2)A ．7m /sB ．14m /sC ．10m /sD ．20m /s4. 如图所示，质量m ＝10kg 的物体在水平面上向左运动，物体与水平面间的动摩擦因数为0.2，与此同时物体受到一个水平向右的推力F ＝20N 的作用，则物体产生的加速度是(g 取10m /s 2)A ．0B ．4m /s 2，水平向右C ．2m /s 2，水平向左D ．2m /s 2，水平向右5. 质量为m 的小球被系在轻绳的一端，在竖直平面内做半径为R的圆周运动如图所示，运动过程中小球受到空气阻力的作用，设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时绳子的张力为7mg ，此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周恰能通过最高点，则在此过程中小球克服空气阻力所做的功为A ．14mgRB ．13mgRC ．12mgR D ．mgR6. 静止在地球上的物体都要随地球一起转动，下列说法正确的是A ．它们的运动周期都是相同的B ．它们的速度都是相同的C ．它们的线速度大小都是相同的D ．它们的角速度是不同的7. 如图所示，在同一平台上的O 点水平抛出的三个物体，分别落到a 、b 、c 三点，则三个物体运动的初速度v a ，v b ，v c 的关系和三个物体运动的时间t a ，t b ，t c 的关系分别是A ．v a ＞v b ＞v c t a ＞t b ＞t cB ．v a ＞v b ＞v c t a ＝t b ＝t cC ．v a ＜v b ＜v c t a ＞t b ＞t cD ．v a ＞v b ＞v c t a ＜t b ＜t c8. 如图所示，B 和C 是一组塔轮，即B 和C 半径不同，但固定在同一转动轴上，其半径之比为R B :R C ＝3:2，A 轮的半径大小与C 轮相同，它与B 轮紧靠在一起，当A 轮绕过其中心的竖直轴转动时，由于摩擦作用，B 轮也随之无滑动地转动起来。
高三物理12月周练试题(含解析)
峙对市爱惜阳光实验学校一中高三物理周练〔2021、12、28〕一、单项选择题〔共36分〕1．以下关于电场和磁场的说法中正确的选项是( )A．电场线和磁感线都是封闭曲线B．电场线和磁感线都是不封闭曲线C．通电导线在磁场中一受到磁场力的作用D．电荷在电场中一受到电场力的作用2．如图1所示，一根质量为m的金属棒AC用软线悬挂在磁感强度为B的匀强磁场中，通入A→C方向的电流时，悬线张力不为零，欲使悬线张力为零，可以采用的方法是( )A．不改变电流和磁场方向，适当增大电流B．只改变电流方向，并适当减小电流C．不改变磁场和电流方向，适当减小磁感强度D．只改变磁场方向，并适当减小磁感强度图13．如图3所示，一绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E.在与环心高处放有一质量为m、带电＋q的小球，由静止开始沿轨道运动，下述说法正确的选项是( )图3A．小球在运动过程中机械能守恒B．小球经过环的最低点时速度最小C．小球经过环的最低点时对轨道压力为3(mg＋qE)D．小球经过环的最低点时对轨道压力为(mg＋qE)4．如图4所示的电路中，灯泡A和灯泡B原来都是正常发光的，现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些，那么电路中出现的故障可能是( )A．R3断路B．R1短路C．R2断路D．R1、R2同时短路图4 5．假设太阳系体的密度不变，天体直径和天体之间距离都缩小到原来的一半，地球绕太阳公转近似为匀速圆周运动，那么以下物理量变化正确的选项是( )A．地球的向心力变为缩小前的一半B ．地球的向心力变为缩小前的116C．地球绕太阳公转周期与缩小前的不相同D．地球绕太阳公转周期变为缩小前的一半6．如图5中a、b是两个位于固斜面上的正方形物块，它们的质量相．F 是沿水平方向作用于a上的图5外力．a、b的接触面，a、b与斜面的接触面都是光滑的．正确的说法是( ) A．a、b一沿斜面向上运动B．a对b的作用力沿水平方向C．a、b对斜面的正压力相D．a受到的合力沿水平方向的分力于b受到的合力沿水平方向的分力二、题〔共18分〕7．(6分每题3分)利用图7所示的装置可以研究自由落体运动．中需要调整好仪器，接通打点计时器的电源，松开纸带，使重物下落．打点计时器会在纸带上打出一的小点．(1)为了测得重物下落的加速度，还需要的器材有______．(填入正确选项前的字母)A．天平B．秒表C．米尺图7(2)假设中所得到的重物下落的加速度值小于当地的重力加速度值，而操作与数据处理均无错误，写出一个你认为可能引起此误差的原因：________.8．(12分每题4分)如图11所示的电路中，1、2、3、4、5、6为连接点的标号．在开关闭合后，发现小灯泡不亮．现用多用电表检查电路故障，需要检测的有：电源、开关、小灯泡、3根导线以及电路中的各连接点．图11(1)为了检测小灯泡以及3根导线，在连接点1、2已接好的情况下，中选用多用电表的________挡．在连接点1、2同时断开的情况下，中选用多用电表的________挡．(2)在开关闭合情况下，假设测得5、6两点间的电压接近电源的电动势，那么说明__________可能有故障．(3)将小灯泡拆离电路，写出用多用电表检测该小灯泡是否有故障的具体步骤．________________________________________________________________ ________________________________________________________________________ ________三、计算题〔共54分〕9．〔15分〕固光滑细杆与地面成一倾角，在杆上套有一个光滑小环，小环A在沿杆方向的推力F 作用下向上运动，推力F 与小环速度v 随时间变化规律如图11所示，取重力加速度g ＝10 m/s 2.求：(1)小环的质量m ；(2)细杆与地面间的倾角α.图10图1110、〔19分〕如图1－9－20所示，两个板长均为L 的平板电极，平行正对放置，距离为d ，极板之间的电势差为U ，板间电场可以认为是均匀的．一个α粒子(42He)从正极板边缘以某一初速度垂直于电场方向射入两极板之间，到达负极板时恰好落在极板边缘．质子电荷量为e ，质子和中子的质量均视为m ，忽略重力和空气阻力的影响，求：(1)极板间的电场强度E . 图1－9－20(2)α粒子的初速度v 0.11．(20分)如图11所示，固斜面的倾角θ＝30°，物体A 与斜面之间的动摩擦因数为μ，轻弹簧下端固在斜面底端，弹簧处于原长时上端位于C 点．用一根不可伸长的轻绳通过轻质光滑的滑轮连接物体A 和B ，滑轮右侧绳子与斜面平行，A 的质量为2m ，B 的质量为m ，初始时物体A 到C 点的距离为L .现给A 、B 一初速度v 0使A 开始沿斜面向下运动，B 向上运动，物体A 将弹簧压缩到最短后又恰好能弹到C 点．重力加速度为g ，不计空气阻力，整个过程中，轻绳始终处于伸直状态，求此过程中：(1)物体A 向下运动刚到C 点时的速度；图11(2)弹簧的最大压缩量；(3)弹簧中的最大弹性势能．四、选考题：〔共12分〕 〔3-3〕做1.假设以μ表示水的摩尔质量，V 表示在状态下水蒸气的摩尔体积，ρ为在状态下水蒸气的密度，N A 为阿伏加德罗常数，m 、V 0分别表示每个水分子的质量和体积，下面是四个关系式中〔 〕①mV N A ρ=②0V N A μρ=③AN m μ=④AN V V =A ．①和②都是正确的；B ．①和③都是正确的；C ．②和④都是正确的；D ．①和④都是正确的。
(周测1)高三物理(试题)(每周一测)
绝密★启用前高三级第1次周测（物理试题）姓名： ；成绩： 。
二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．（单选）(2011年高考重庆卷)某人估测一竖直枯井深度，从井口静止释放一石头并开始计时，经2 s 听到石头落底声，由此可知井深约为(不计声音传播时间，重力加速度g 取10 m/s 2)( )A ．10 mB ．20 mC ．30 mD ．40 m 2．（单选）(2011年高考天津卷)质点做直线运动的位移x 与时间t 的关系为x ＝5t ＋t 2(各物理量均采用国际单位制单位)，则该质点( )A ．第1 s 内的位移是5 mB ．前2 s 内的平均速度是6 m/sC ．任意相邻的1 s 内位移差都是1 mD ．任意1 s 内的速度增量都是2 m/s 3．（单选）(2011年高考安徽卷)一物体做匀加速直线运动，通过一段位移Δx 所用的时间为t 1，紧接着通过下一段位移Δx 所用时间为t 2，则物体运动的加速度为( )A 、2Δx (t 1－t 2)t 1t 2(t 1＋t 2)B 、Δx (t 1－t 2)t 1t 2(t 1＋t 2) C 、2Δx (t 1＋t 2)t 1t 2(t 1－t 2)D 、Δx (t 1＋t 2)t 1t 2(t 1－t 2)4．（多选）(2011年高考海南卷)一物体自t ＝0时开始做直线运动，其速度图线如图所示．下列选项正确的是( )A ．在0～6 s 内，物体离出发点最远为30 mB ．在0～6 s 内，物体经过的路程为40 mC ．在0～4 s 内，物体的平均速率为7.5 m/sD ．在5～6 s 内，物体所受的合外力做负功5．（多选）(2011年高考上海卷)受水平外力F 作用的物体，在粗糙水平面上做直线运动，其v －t 图线如图所示，则( )A ．在0～t 1秒内，外力F 大小不断增大 B ．在t 1时刻，外力F 为零C ．在t 1～t 2秒内，外力F 大小可能不断减小D ．在t 1～t 2秒内，外力F 大小可能先减小后增大6、（单选）如图是某运动质点的s-t 图象，该质点在第2s 末的瞬时速度和加速度a 应该是（ ）A ．v=2m/s ，a=1m/s 2B ．v=2m/s ，a=0C ．v=1m/s ，a=0.5m/s 2D ．v=0.5m/s ，a=07、（单选）物体在斜面顶端从静止开始匀加速下滑,经过斜面中点时速度为2m/s,则到达斜面底端的速度是（ ）A.2m/sB.4m/sC.2m/sD.22m/s 8、（单选）某质点的运动规律如图所示，下列说法中正确的是（ ）A ．质点在第1s 末运动方向发生变化B ．质点在第2s 内和第3s 内加速度大小相等而方向相反C ．质点在第3s 内速度越来越大D ．在前7s 内质点的位移为负值绝密★启用前高三级第1次周测（物理答案）二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。
高三物理周练附答案
物 理考试时间：90分钟 满分100分一、选择题（1-8为单选题，9-12为多选题，每题4分，共48分）1．在反恐演习中，中国特种兵进行了飞行跳伞表演，伞兵从静止的直升机跳下，在t 0时刻打开降落伞，在3t 0时刻以v 2速度着地，伞兵运动的速度时间图象如图所示下列结论中错误的是（ ）A ．在0～t 0时间内加速度保持不变，在t 0～3t 0之间加速度一直增大B ．打开降落伞后，降落伞和伞兵所受的阻力越来越小C ．在t 0～3t 0时间内平均速度＜D ．若第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，则他们在空中的距离先增大后减小2. 如图所示，在光滑水平面上一小球以某一速度运动到A 点时遇到一段半径为R的圆弧曲面AB 后，落到水平地面的C 点，已知小球没有跟圆弧曲面的任何点接触，则BC 的最小距离为（ ）A ．R B． C． R D． R3. 如图所示,细线的一端固定于O 点,另一端系一小球．在水平拉力作用下,小球以恒定速率在竖直平面内由点B 运动到点A ．下列说法正确的是（ ）A ．小球所受合力为0B ．绳子上张力T 做负功C ．重力的功率P 逐渐增大D ．水平拉力F 逐渐减小4. 如右图所示，木块A 放在木板B 上左端，用恒力F 将A 拉至B 的右端，第一次将B 固定在地面上，F 做功为1W ，生热为1Q ，第二次让B 可以在光滑地面上自由滑动，这次F 做功为2W 生热为2Q ，则应有( )A 、12W W <，12Q Q =B 、12W W =，12Q Q =C 、12W W <，12Q Q <D 、12W W =，12Q Q <5.如图所示，质量为M 、长度为L 的木板静止在光滑的水平面上，质量为m 的小物体（可视为质点）放在木板上最左端，现用一水平恒力F 作用在小物体上，使物体从静止开始做匀加速直线运动．已知物体和木板之间的摩擦力为f ，当物体滑到木板的最右端时，木板运动的距离为x ，则在此过程中（ ）A ．物体到达木板最右端时具有的动能为F （L+x ）B ．物体到达木板最右端时，木板具有的动能为fxC ．物体克服摩擦力所做的功为fLD ．物体和木板系统增加的机械能为Fx6.如图，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，从小球接触到弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中，下列关于能量叙述正确的是（ ） A ．小球的动能逐渐减小 B ．弹簧的弹性势能逐渐增大 C ．小球的机械能不变D ．弹簧和小球组成的系统机械能总和逐渐增大7. 放置于固定斜面上的物体，在平行于斜面向上的拉力F 作用下，沿斜面向上做直线运动．拉力F 和物块速度v 随时间t 变化关系如图所示，则( )A ．斜面的倾角为30°B ．第1s 内物块受到的合外力为0．5NC ．第1s 内拉力F 的功率保持不变D ．前3s 内物块机械能先增大后不变8.如图所示，竖直光滑杆固定不动，套在杆上的弹簧下端固定，将套在杆上的滑块向下压缩弹簧至离地高度h=0.1m 处，滑块与弹簧不拴接．现由静止释放滑块，通过传感器测量到滑块的速度和离地高度h 并作出滑块的E k ﹣h 图象，其中高度从0.2m 上升到0.35m 范围内图象为直线，其余部分为曲线，以地面为零势能面，取g=10m/s 2，下列判断错误的是（ ） A ．小滑块的质量为0.2kg B ．轻弹簧原长为0.2mC ．弹簧最大弹性势能为0.32JD ．小滑块运动过程的每一时刻，其机械能与弹簧的弹性势能的总 和均为0.7J9. 如图所示，篮球绕中心线OO′以ω角速度转动，则（ ） A ．A 、B 两点的角速度相等 B ．A 、B 两点线速度大小相等 C ．A 、B 两点的周期相等 D ．A 、B 两点向心加速度大小相等高三复习物理周练试卷10.如图所示，光滑水平面AB 与竖直面上的半圆形固定轨道在B 点衔接，轨道半径为R ，BC 为直径，一可看成质点、质量为m 的物块在A 点处压缩一轻质弹簧(物块与弹簧不拴接)，释放物块，物块被弹簧弹出后，经过半圆形轨道B 点时瞬间对轨道的压力变为其重力的7倍，之后向上运动恰能通过半圆轨道的最高点C ，重力加速度大小为g ，不计空气阻力，则( )A.物块经过B 点时的速度大小为B.刚开始时被压缩弹簧的弹性势能为3mgRC.物块从B 点到C 点克服阻力所做的功为21mgR D.若刚开始时被压缩弹簧的弹性势能变为原来的2倍，物块到达C 点的动能为27mgR 11.如图所示，用平行于斜面的拉力F 拉着木箱沿粗糙斜面匀减速向上移动，在木箱尚未停止运动的过程中，下列说法中正确的是( ) A.木箱的机械能一定不守恒B.拉力做的功小于木箱克服摩擦力与克服重力做的功之和C.拉力做的功等于木箱增加的机械能D.拉力与摩擦力做的功之和等于木箱机械能的增量 12.水平地面上固定一倾角为θ=37°的足够长的光滑斜面，如图所示，斜面上放一质量为m A =2.0 kg 、长l =3 m 的薄板A 。
2023届高三物理练习一(学生用)第一次周考 详解版
物理第1页共4页2023届高三物理练习一考试范围：必修一考试时间：75分钟分值：100分一、选择题（1-6题为单选题，每小题4分，共24分。
7-10题为多选题，每小题5分，漏选得3分，错选或不选得0分，共20分。
本大题共44分）1．如图所示，鱼儿摆尾击水跃出水面，吞食荷花花瓣的过程中，下列说法正确的是（）A ．鱼儿吞食花瓣时鱼儿受力平衡B ．鱼儿摆尾出水时浮力大于重力C ．鱼儿摆尾击水时受到水的作用力D ．研究鱼儿摆尾击水跃出水面的动作可把鱼儿视为质点2．以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，下列用虚线和实线描述两物体运动的v t 图像可能正确的是（）A ．B ．C ．D ．3．ETC 是高速公路上不停车电子收费系统的简称。
如图，汽车以15m/s 的速度行驶，如果过人工通道，需要在收费站中心线处减速至0，等待缴费，再加速至15m/s ，已知从开始减速到恢复至原来速度共用时50s ，发生位移225m 。
如果过ETC 通道，需要在中心线前方10m 处减速至5m/s ，匀速到达中心线后，再加速至15m/s ，设汽车加速和减速的加速度大小均为1m/s 2，汽车过ETC 通道比人工通道节约时间为（）A ．28sB ．27sC ．26sD ．25s4．两位小朋友玩弹珠子游戏。
固定直杆与水平面的夹角为37 ，两颗有孔的珠子a 、b 穿在直杆上，初始时珠子之间的距离为0另一个小朋友同时将珠子b 无初速度释放，经时间t ，在珠子a 返回过程中两珠子相遇。
珠子与杆之间的摩擦很小，可忽略，sin 370.6 ，210m /s g ，则（）A．0lt v ＞B ．lt v C ．06v lD ．036l v l＜＜5．如图，用两根等长的细绳将一匀质圆柱体悬挂在竖直木板的P 点，将木板以直线MN 为轴向后方缓慢转动直至水平，绳与木板之间的夹角保持不变，忽略圆柱体与木板之间的摩擦，在转动过程中（）A ．圆柱体对木板的压力逐渐增大B ．圆柱体对木板的压力先增大后减小C ．两根细绳上的拉力均先增大后减小D ．两根细绳对圆柱体拉力的方向不变D只受关注到速度为0时两个的加速度相等减速段t isws x逛to②匀速取t if2S xiom ③加速段ititios xzioomxixzis om ee 225⼈还少⼀个5m ⾮算净错要跟505⽐需加上5呁速2时向本⼆是以权t 5os ct tt 䖵50-23-275ygc5Ms_中到相⾊时向Rt缃河取相对参融取的参考可以做邈动it㵙⽽减速时间⻓⼆箱⼆fat ˋˋ即⼀辅助图⽚中Be us T T 上四到原点时022012近古以实n iNUTNir品品谕xxphoto split-8从钝⻆变到90再度到锐⻆sàr 先办的⼈先Tbh G物理第2页共4页6．如图所示，橡皮筋的一端固定在O 点，另一端拴一个物体，O 点的正下方A 处有一垂直于纸面的光滑细杆，OA 为橡皮筋的自然长度。
高三物理一轮复习周测试题《牛顿运动定律》的应用(含答案)
高三物理一轮复习周周练《牛顿运动定律》的应用第Ⅰ卷(选择题，共40分)一、选择题(本题共10小题，每题4分，共40分．有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，把正确选项前的字母填在题后的括号内)1．下列实例属于超重现象的是()A．汽车驶过拱形桥顶端B．荡秋千的小孩通过最低点C．跳水运动员被跳板弹起，离开跳板向上运动D．火箭点火后加速升空2．如下图所示，将一台电视机静止放在水平桌面上，则以下说法中正确的是()A．桌面对它支持力的大小等于它所受的重力，这两个力是一对平衡力B．它所受的重力和桌面对它的支持力是一对作用力与反作用力C．它对桌面的压力就是它所受的重力，这两个力是同一种性质的力D．它对桌面的压力和桌面对它的支持力是一对平衡力3．一辆空车和一辆满载货物的同型号汽车，在同一路面上以相同的速度向同一方向行驶．两辆汽车同时紧急刹车后(即车轮不滚动只滑动)，以下说法正确的是A．满载货物的汽车由于惯性大，滑行距离较大B．满载货物的汽车由于受到的摩擦力较大，滑行距离较小C．两辆汽车滑行的距离相同D．满载货物的汽车比空车先停下来4．如图所示，带支架的平板小车沿水平面向左做直线运动，小球A 用细线悬挂于支架前端，质量为m 的物块B 始终相对于小车静止地摆放在右端．B 与小车平板间的动摩擦因数为μ.若某时刻观察到细线偏离竖直方向θ角，则此刻小车对物块B 产生的作用力的大小和方向为A ．mg ，竖直向上B ．mg 1＋μ2，斜向左上方C ．mg tan θ，水平向右D ．mg 1＋tan 2θ，斜向右上方5．将一只皮球竖直向上抛出，皮球运动时受到空气阻力的大小与速度的大小成正比．下列描绘皮球在上升过程中加速度大小a 与时间t 关系的图象，可能正确的是( )6．如图所示，一个质量为m 的圆环套在一根固定的水平长直杆上，环与杆的动摩擦因数为μ.现给环一个水平向右的恒力F ，使圆环由静止开始运动，同时对环施加一个竖直向上、大小随速度变化的作用力F 1＝k v ，其中k 为常数，则圆环运动过程中A ．最大加速度为F mB ．最大加速度为F ＋μmg mC ．最大速度为F ＋μmg μkD ．最大速度为mg k7．如图所示，小车上有一个定滑轮，跨过定滑轮的绳一端系一重球，另一端系在弹簧测力计上，弹簧测力计固定在小车上，开始时小车处于静止状态．当小车匀加速向右运动时，与静止状态相比较，下列说法中正确的是( )A ．弹簧测力计读数变大，小车对地面的压力变大B．弹簧测力计读数变大，小车对地面的压力变小C．弹簧测力计读数变大，小车对地面的压力不变D．弹簧测力计读数不变，小车对地面的压力变大8．“儿童蹦极”中，拴在腰间左右两侧的是弹性极好的橡皮绳．质量为m的小明如图静止悬挂时，两橡皮绳的拉力大小均恰为mg，若此时小明左侧橡皮绳断裂，则小明此时()A．速度为零B．加速度a＝g，沿原断裂绳的方向斜向下C．加速度a＝g，沿未断裂绳的方向斜向上D．加速度a＝g，方向竖直向下9．如图(a)所示，在倾角为θ的光滑斜面上放一物体，用一水平外力F作用于物体上，逐渐增大F，物体做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图(b)所示，若物体的初速度为零，重力加速度g取10 m/s2.根据图(b)中所提供的信息可以计算出A．斜面的高度B．物体的质量C．斜面的长度D．加速度为6 m/s2时物体的速度10．水平传送带被广泛地应用于机场和火车站，用于对旅客的行李进行安全检查．如图为一水平传送带装置示意图．紧绷的传送带AB始终保持v＝1 m/s 的恒定速率运行．旅客把行李无初速度地放在A处，设行李与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.1，AB间的距离为2 m，g取10 m/s2.若乘客把行李放到传送带的同时也以v＝1 m/s的恒定速度平行于传送带运动去取行李，则() A．乘客与行李同时到达BB．乘客提前0.5 s到达BC．行李提前0.5 s到达BD．若传送带速度足够大，行李最快也要2 s才能到达B二、填空题(本题共2小题，每题8分，共16分)11．如图为“用DIS(位移传感器、数据采集器、计算机)研究加速度和力与质量的关系”的实验装置．(1)该实验应用的研究方法是________．(2)在小车总质量不变时，改变所挂钩码的数量，多次重复测量，可画出a—F 关系图线(如图所示)．①分析此图线的OA段可得出的实验结论是______________________________．②此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是________．(3)若保持所挂钩码数量不变，改变小车质量，多次重复测量，可以研究加速度a与质量m的关系，则应该绘制什么关系图线？答：____________________.12．某实验小组设计了如下图(a)所示的实验装置，通过改变重物的质量，利用计算机可得滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象．他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a－F图线，如下图(b)所示．(a)(b)(1)图线________是在轨道左侧抬高成为斜面情况下得到的(选填“①”或“②”)．(2)滑块和位移传感器发射部分的总质量m＝________kg；滑块和轨道间的动摩擦因数μ＝________.三、计算题(本题共4小题，13、14题各10分，15、16题各12分，共44分，计算时必须有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)13．(2013·铜陵模拟)如图所示，一个质量m＝2 kg的滑块在倾角为θ＝37°的固定斜面上，受到一个大小为40 N的水平推力F作用，以v0＝10 m/s的速度沿斜面匀速上滑．(sin37°＝0.6，取g＝10 m/s2)(1)求滑块与斜面间的动摩擦因数；(2)若滑块运动到A点时立即撤去推力F，求这以后滑块再返回A点经过的时间．14．长征二号F型火箭托着载有三名宇航员的“神舟七号”飞船飞向太空．已知火箭总长58.3 m，发射塔高105 m．点火后，经7 s火箭离开发射塔．设火箭的运动为匀加速运动，则在火箭离开发射塔的过程中，(结果保留三位有效数字)(1)火箭的加速度多大？(2)质量为60 kg的宇航员受到的飞船对他的作用力多大？(g取10 m/s2)15．如下图所示，薄板A长L＝5 m，其质量M＝5 kg，放在水平桌面上，板右端与桌边相齐．在A上距右端s＝3 m处放一物体B(大小可忽略，即可看成质点)，其质量m＝2 kg.已知A、B间动摩擦因数μ1＝0.1，A与桌面间和B与桌面间的动摩擦因数均为μ2＝0.2，原来系统静止．现在在板的右端施一大小一定的水平力F持续作用在A上直到将A从B下抽出才撤去，且使B最后停于桌的右边缘．求：(1)B运动的时间；(2)力F的大小．16．某校举行托乒乓球跑步比赛，赛道为水平直道，比赛距离为s.比赛时，某同学将球置于球拍中心，以大小为a的加速度从静止开始做匀加速直线运动，当速度达到v0时，再以v0做匀速直线运动跑至终点．整个过程中球一直保持在球拍中心不动．比赛中，该同学在匀速直线运动阶段保持球拍的倾角为θ0，如右图所示．设球在运动中受到的空气阻力大小与其速度大小成正比，方向与运动方向相反，不计球与球拍之间的摩擦，球的质量为m，重力加速度为g.(1)求空气阻力大小与球速大小的比例系数k；(2)求在加速跑阶段球拍倾角θ随速度v变化的关系式；(3)整个匀速跑阶段，若该同学速度仍为v0，而球拍的倾角比θ0大了β并保持不变，不计球在球拍上的移动引起的空气阻力变化，为保证到达终点前球不从球拍上距离中心为r的下边沿掉落，求β应满足的条件．高三物理一轮复习周周练《牛顿运动定律》的应用参考答案1、解析：答案：BD汽车驶过拱形桥顶端时，加速度方向向下，属于失重现象，A错误；荡秋千的小孩通过最低点时，加速度方向向上，属于超重现象，B正确；跳水运动员被弹起后，只受重力作用，属于完全失重现象，C错误；火箭加速升空，加速度方向向上，属于超重现象，D正确．2、解析：答案：A电视机处于静止状态，桌面对它的支持力和它所受的重力的合力为零，是一对平衡力，故A正确，B错误；电视机对桌面的压力和桌面对它的支持力是作用力和反作用力，故D错误；压力和重力是两个性质不同的力，故C错误．3、解析：答案：C同种型号的汽车，在同一路面上行驶时，汽车急刹车时，车轮与路面间的动摩擦因数相同，因此减速的加速度大小相同，由v2－v20＝2ax可知，两车滑行距离相同，C正确，A、B错误，由t＝v－v0a可知，两车滑行时间相同，D错误．4、解析：答案：D由小球A可知小车的加速度a＝g tanθ，方向水平向右，因此B受到向右的摩擦力F f＝ma＝mg tanθ，对B受力分析如右图所示．小车对B的作用力即为F N与F f的合力F，F＝F2N＋F2f＝mg1＋tan2θ，故选D.5、解析：答案：C设皮球受到的阻力为F＝k v，根据牛顿第二定律可得mg＋F ＝ma ，两式联立可得mg ＋k v ＝ma ，皮球上升过程中速度逐渐减小，则加速度也逐渐减小，当v →0时a ＝g ，故选项C 正确．6、解析：答案：AC 圆环在竖直方向受力：竖直向下的重力G ，竖直向上的外力F 1，水平直杆的弹力F N ；在水平方向受力：水平向右的恒力F ，水平向左的摩擦力F f ，圆环先做加速度越来越大的加速运动，再做加速度越来越小的加速运动，最后做匀速运动．当G ＝F 1时，F N ＝0，F f ＝0，此时圆环的加速度最大，a ＝F m ；当匀速运动时圆环的速度最大，此时物体处于平衡状态，水平方向有F＝F f ，竖直方向有F 1－mg －F N ＝0，又F f ＝μF N ，可得最大速度v ＝F ＋μmg μk .故A 、C 正确．7、解析：答案：C 对小球静止时，F T1＝mg ，匀加速向右运动时，小球相对小车往左摆，F T2>mg ，弹簧测力计读数变大；对整体进行受力分析可知，F N ＝(M ＋m )g ，小车对地面的压力不变，选项C 正确．8、解析：答案：AB 速度不能发生突变，左侧橡皮绳断裂瞬间，小明速度为零，选项A 正确，断裂前，F T 左＝F T 右＝mg ，受力分析如图所示．橡皮绳形变量比较大，不会发生突变，断裂瞬间，F T 右与mg 合力沿断裂绳的反向延长线，大小等于mg ，选项B 正确．9、解析：答案：B 当外力为0时，加速度为－6 m/s 2，即－mg sin θ＝ma ，可以求出斜面的倾角；当外力等于30 N 时，加速度为6 m/s 2，即F cos θ－mg sin θ＝ma ′，即立可求出物体的质量m .由a ＝cos θm F －g sin θ知，物体沿斜面向下先做初速度为零的加速度减小的加速运动，再做加速度增大的减速运动，但时间信息没有，运动不一定是对称的，因此就是知道a ＝6 m/s 2也没法求速度．10、解析：答案：BD 行李放在传送带上，传送带对行李的滑动摩擦力使行李开始做匀加速直线运动，随后行李又以与传送带相等的速率做匀速直线运动．加速度为a ＝μg ＝1 m/s 2，历时t 1＝v a ＝1 s 达到共同速度，位移x 1＝v 2t 1＝0.5 m ，此后匀速运动t 2＝2 m －x 1v ＝1.5 s 到达B ，共用2.5 s ；乘客到达B ，历时t ＝2 m v ＝2 s ，故B 正确．若传送带速度足够大，行李一直加速运动时间最短，最短时间t min ＝2×2 ma ＝2 s ，D 正确．11、解析：研究加速度和力与质量的关系实验应用的研究方法是控制变量法．分析此图线的OA 段可得出的实验结论是：质量一定的情况下，加速度与合外力成正比．此图线的AB 段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是：没有使小车质量远大于钩码质量．若保持所挂钩码数量不变，即小车所受拉力不变．改变小车质量，多次重复测量，可以研究加速度a 与质量m 的关系，则应该绘制a －1m 关系图线．答案：(1)控制变量法 (2)①质量一定的情况下，加速度与合外力成正比②没有使小车质量远大于钩码质量 (3)a －1m 关系图线12、解析：(1)图线①所受拉力F ＝0时加速度不为零，说明图线①是在轨道左侧抬高成为斜面情况下得到的．(2)根据图线①，由拉力F 1＝0，加速度a 1＝2 m/s 2，可得：F 1＋mg sin θ－F f ＝ma 1；由拉力F 2＝1 N ，加速度a 2＝4 m/s 2，可得：F 2＋mg sin θ－F f ＝ma 2；联立解得m ＝0.5 kg ；根据图线②，F ＝1 N ＝μmg ，解得μ＝0.2. 答案：(1)① (2)0.5 0.213、解析：(1)在F 的作用下，物体做匀速运动，有F cos37°＝mg sin37°＋μ(mg cos37°＋F sin37°)解得μ＝0.5 (2)撤去F 后，物体往上滑时a ＝g sin37°＋gμcos37°＝10 m/s 2t 1＝v 0a ＝1 s s ＝v 02t 1＝5 m 往下滑时a ′＝g sin37°－μg cos37°＝2 m/s 2s ＝12at 22 t 2＝ 5 s t ＝t 1＋t 2＝(1＋5) s 答案：(1)0.5 (2)(1＋5) s14、解析：(1)由x ＝12at 2 得a ＝2x t 2＝2×10572 m/s 2＝4.29 m/s 2.(2)对宇航员受力分析知，其受重力mg ，支持力F N ，由牛顿第二定律：F N －mg ＝ma解得F N ＝mg ＋ma ＝60×(10＋4.29) N ＝857 N. 答案：(1)4.29 m/s 2(2)857 N15、解析：(1)对于B ，在未离开A 时，其加速度为：a B 1＝μ1mg m ＝1 m/s 2设经过时间t1后B 离开A ，离开A 后B 的加速度为：a B 2＝－μ2mg m ＝－2 m/s 2根据题意可作出B 的速度图象如右图所示．有v B ＝a B 1t 1和12a B 1t 21＋v 2B －2a B 2＝s 代入数据解得t 1＝2 s t 2＝v B －a B 2＝1 s 所以B 运动的时间是：t ＝t 1＋t 2＝3 s. (2)设A 的加速度为a A ，则根据相对运动的位移关系得12a A t 21－12a B 1t 21＝L －s 解得a A ＝2 m/s 2 根据牛顿第二定律得 F －μ1mg －μ2(m ＋M )g ＝Ma A 代入数据得F ＝26 N. 答案：(1)3 s (2)26 N16、解析：(1)在匀速运动阶段，有mg tan θ0＝k v 0 得k ＝mg tan θ0v 0(2)加速阶段，设球拍对球的支持力N ′，有N ′sin θ－k v ＝ma N ′cos θ＝mg得tan θ＝a g ＋v v 0tan θ0 (3)以速度v 0匀速运动时，设空气阻力与重力的合力为F ，有 F ＝mg cos θ0球拍倾角为θ0＋β时，空气阻力与重力的合力不变，设球沿球拍面下滑的加速度大小为a ′有F sin β＝ma ′设匀速跑阶段所用时间为t ，有t ＝s v 0－v 02a球不从球拍上掉落的条件12a ′t 2≤r得sin β≤2r cos θ0g (s v 0－v 02a )2 答案：(1)mg tan θ0v 0 (2)tan θ＝a g ＋v v 0tan θ0 (3)sin β≤2r cos θ0g (s v 0－v 02a )2。
高三物理上学期第一次周考试题(班含解析)
咐呼州鸣咏市呢岸学校高三〔上〕第一次周考物理试卷〔班〕一、选择题：本大题共12小题，每题4分，共计48分．其中1-8小题是单项选择题；9-12小题是多项选择，选对得4分，少选得2分，不选或选错得0分．1．〔4分〕在力学理论建立的过程中，有许多伟大的家做出了奉献．关于家和他们的奉献，以下说法中不正确的选项是〔〕A．伽利略首先将事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来B．笛卡尔对牛顿第一律的建立做出了奉献C．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大律D．牛顿总结出了万有引力律并用测出了引力常量【考点】：物理学史．【专题】：常规题型．【分析】：此题比拟简单考查了学生对物理学史的了解情况，在物理学开展的历史上有很多家做出了重要奉献，熟悉的牛顿、爱因斯坦、法拉第，在学习过程中要了解、知道这些著名家的重要奉献【解析】：解：A、伽利略首先将事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来，标志着物理学的真正开始，故A正确；B、笛卡尔人又在伽利略研究的根底上进行了更深入的研究，他认为：如果运动物体，不受任何力的作用，不仅速度大小不变，而且运动方向也不会变，将沿原来的方向匀速运动下去，因此笛卡尔对牛顿第一律的建立做出了奉献，故B正确；C、开普勒提出行星运动三大律，故C正确；D、万有引力常量是由卡文迪许测出的故D错误．此题选错误的，应选D．【点评】：要熟悉物理学史，了解物理学家的探索过程，从而培养学习物理的兴趣和为的奉献精神．2．〔4分〕有关超重和失重的说法，正确的选项是〔〕A．物体处于超重状态时，所受重力增大；处于失重状态时，所受重力减小B．竖直上抛运动的物体处于完全失重状态C．在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，升降机一处于上升过程D．在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，升降机一处于下降过程【考点】：超重和失重．【专题】：牛顿运动律综合专题．【分析】：当物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力大于它本身的重力，是超重现象；当物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力小于它本身的重力，是失重现象．超重和失重时，本身的重力没变．运动学特征：超重时，根据牛顿第二律，加速度的方向向上；失重时，加速度的方向向下．【解析】：解：A、当物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力大于它本身的重力，是超重现象；当物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力小于它本身的重力，是失重现象．超重和失重时，本身的重力没变．故A错误．B、竖直上抛的物体加速度为g，方向竖直向下，处于完全失重状态．故B正确．C、在沿竖直方向运动的升降机中出现失重现象时，加速度方向向下，运动方向可能向上，也可能向下．故C、D错误．应选：B．【点评】：解决此题的关键知道超失重的力学特征：物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力大于它本身的重力，是超重现象；当物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力小于它本身的重力，是失重现象．超重和失重时．以及运动学特征：超重时，加速度的方向向上；失重时，加速度的方向向下．3．〔4分〕沿直线作匀变速直线运动的质点在第一个5秒内的平均速度比它在第一个15秒内的平均速度大24.5m/s，以质点的运动方向为正方向，那么该质点的加速度为〔〕A． 2.45m/s2 B．﹣2.5m/s2 C． 4.90m/s2 D．﹣4.90m/s2【考点】：加速度．【专题】：直线运动规律专题．【分析】：某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度，结合速度时间公式求出质点的加速度．【解析】：解：第一个5内的平均速度于中间时刻的速度，第一个15s内的平均速度于该段时间中间时刻的瞬时速度，两个中间时刻相差的时间t=s=5s，那么质点的加速度为：a=．故选：D．【点评】：解决此题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．4．〔4分〕如下图，两物体由高度相同、路径不同的光滑斜面由静止下滑，物体通过两条路径的长度相，通过C点前后速度大小不变，且到达最低点B、D时两点的速度大小相，那么以下说法正确的选项是〔〕 A．物体沿AB斜面运动时间较短B．物体沿ACD斜面运动时间较短C．物体沿两个光滑斜面运动时间相D．无法确【考点】：牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】：牛顿运动律综合专题．【分析】：通过牛顿第二律求的加速度大小关系，画出v﹣t图象，即可比拟时间．【解析】：解：物体沿AB运动，一直做匀加速运动，物体沿ACD运动，AC段的加速度大于AB的加速度，然后再做加速度变小的匀加速运动；由动能理可知，滑到BD点时速度大小相，故v﹣t图象如图可知物体沿路ACD滑下所用时间较短，故B正确，A、C、D错误．应选：B【点评】：解决此题的关键抓住末速度大小相，图线围成的面积相，从而比拟时间．5．〔4分〕如下图，在做“验证力的平行四边形那么〞的时，用M、N两个测力计〔图中未画出〕通过细线拉橡皮条的端点，使其到达O点，此时α+β=90°，然后保持M的示数不变，而使α角减小，为保持端点位置不变，可采用的方法是〔〕A．减小N的示数同时减小β角 B．减小N的示数同时增大β角C．增大N的示数同时增大β角 D．增大N的示数同时减小β角【考点】：验证力的平行四边形那么．【专题】：题；平行四边形法那么图解法专题．【分析】：要使结点不变，保证合力不变，故可以根据平行四边形那么分析可以采取的方法．【解析】：解：要保证结点不动，保证合力不变，那么由平行四边形那么可知，合力不变，M方向向合力方向靠拢，那么N的拉力减小，同时减小β角；应选A【点评】：此题考查平行四边形那么的用，在用时要注意做出平行四边形进行动态分析．6．〔4分〕如下图，两个重叠在一起的滑块，置于固的倾角为θ的斜面上，滑块A和滑块B的质量分别为m和M，A和B间摩擦系数为μ1，B与斜面间的摩擦系数为μ2，两滑块都从静止开始，以相同的加速度沿斜面下滑，在这个过程中A受的摩擦力〔〕A．于零 B．方向沿斜面向下C．大小于μ2mgcosθ D．大小于μ1mgcosθ【考点】：摩擦力的判断与计算．【专题】：摩擦力专题．【分析】：先整体为研究对象，根据牛顿第二律求出加速度，再以B为研究对象，根据牛顿第二律求解B 所受的摩擦力．【解析】：解：以整体为研究对象，根据牛顿第二律得：加速度a==g〔sinθ﹣μ2cosθ〕设A对B的摩擦力方向沿斜面向下，大小为f，那么有mgsinθ+f=ma，得：f=ma﹣mgsinθ=﹣μ2mgcosθ，负号表示摩擦力方向沿斜面向上．应选：C【点评】：此题是两个物体的连接体问题，要灵活选择研究对象，往往采用整体法和隔离法相结合的方法研究．7．〔4分〕如下图，绷紧的水平传送带始终以恒速率v1运行．初速度大小为v2的小物块从与传送带高的光滑水平地面上的A处滑上传送带．假设从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v﹣t图象〔以地面为参考系〕如图乙所示．v2＞v1，那么〔〕A． t2时刻，小物块离A处的距离到达最大B． t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离到达最大C． 0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D． 0～t3时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用【考点】：牛顿第二律；匀变速直线运动的图像．【分析】： 0～t1时间内木块向左匀减速直线运动，受到向右的摩擦力，然后向右匀加速，当速度增加到与皮带相时，一起向右匀速，摩擦力消失．【解析】：解：A、t1时刻小物块向左运动到速度为零，离A处的距离到达最大，故A错误；B、t2时刻前小物块相对传送带向左运动，之后相对静止，故B正确；C、0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向始终向右，故C错误；D、t2～t3时间内小物块不受摩擦力作用，故D错误；应选B．【点评】：此题关键从图象得出物体的运动规律，然后分过程对木块受力分析．8．〔4分〕如下图，人相对于车静止不动，当向左匀加速运动时，站在上的人用手推车，那么人对车所做的功为〔〕A．零 B．正功 C．负功 D．无法判断【考点】：功的计算．【专题】：功的计算专题．【分析】：人和车保持相对静止，知车对人的推力和摩擦力方向上的位移大小相，根据比拟两个力的大小，比拟功的大小【解析】：解：当车加速时，车对人的摩擦力大于车对人的推力，那么人对车推力所做的正功小于脚对车摩擦力做的负功，做功的代数和为负功；应选：C．【点评】：解决此题的关键能够通过牛顿第二律判断出推力和摩擦力的大小关系，根据力和运动方向的关系判断出正功还是负功．9．〔4分〕将一质量为m的小球以v0竖直上抛，受到的空气阻力大小不变，最高点距抛出点为h，以下说法中正确的选项是〔〕A．上升过程克服空气阻力做功mv﹣mghB．下落过程克服空气阻力做功mv﹣mghC．下落过程重力做功mghD．上升过程合外力做的功为﹣mv【考点】：功能关系；机械运动．【分析】：解决此题需掌握：①总功于动能的变化量；②重力做功于重力势能的减小量；③除重力外其余力做的功于机械能的变化量．【解析】：解：A、小球上升的过程中，重力和阻力都做负功，根据动能理得：﹣mgH﹣fh=0﹣mv02，得：fh=mv02﹣mgh，故A正确；B、下落过程克服空气阻力做功仍为fh=mv02﹣mgh，故B正确；C、根据重力做功的公式，下落过程重力做功：WG=mgh，C正确；D、根据动能理，上升过程合外力做的W合=0﹣mv02=﹣mv02，故D正确；应选：ABCD．【点评】：此题关键是明确功的物理意义，即功是能量转化的量度；要掌握动能理，并能运用来分析功能关系．10．〔4分〕〔2021秋•清水县校级月考〕如下图，A和B两个小球固在轻杆的两端，质量分别为m和2m，此杆可绕穿过其中心的水平轴O无摩擦转动．现使轻杆从水平位置无初速释放，发现杆绕O沿顺时针方向转动，那么轻杆从释放起到转动90°的过程中〔〕A． B球的重力势能减少，动能增加B． A球的重力势能增加，动能减少C．轻杆对A球和B球都做正功D． A球和B球的总机械能是守恒的【考点】：机械能守恒律．【专题】：机械能守恒律用专题．【分析】：将轻杆从水平位置由静止释放，转到竖直位置的过程中系统只有重力做功，机械能守恒，b向下运动速度增大，高度减小，a根据动能和势能的义可以判断动能势能的变化．【解析】：解：A、B球向下加速运动，重力势能减小，动能增加，故A正确；B、A球向上运动，位置升高，重力势能增加，速度增加，动能增加，故B错误；C、轻杆对A做正功，对B做负功，故C错误；D、A、B组成的系统在运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，故D正确；应选：AD．【点评】：此题是轻杆连接的模型问题，对系统机械能是守恒的，但对单个小球机械能并不守恒，运用系统机械能守恒及除重力以外的力做物体做的功于物体机械能的变化量进行研究即可．11．〔4分〕如图，在一直立的光滑管内放置一轻质弹簧，上端O点与管口A的距离为2x0，一质量为m的小球从管口由静止下落，将弹簧压至最低点B，压缩量为x0，不计空气阻力，那么〔〕A．小球从接触弹簧开始，加速度一直减小B．小球运动过程中最大速度大于2C．弹簧劲度系数大于D．弹簧最大弹性势能为3mgx0【考点】：功能关系；胡克律．【专题】：弹力的存在及方向的判专题．【分析】：小球从A点释放到B点过程中：从A到O过程是自由落体；从O到B过程中先加速，到重力与弹力相处开始减速．所以AO过程是匀加速，OB过程中加速度方向向下的大小减小的加速运动，接着加速度方向向上的大小增大的减速运动．【解析】：解：A、小球由A到O做自由落体，从O开始压缩弹簧，根据胡克律，弹簧弹力逐渐增大，根据牛顿第二律得：a=，加速度先减小，方向向下，小球做加速度减小的加速运动；当加速度减为零时，即重力和弹簧弹力相时，速度最大；之后小球继续向下运动，弹力大于重力，做加速度逐渐增大的减速运动；故A错误；B、设小球刚运动到O点时的速度为v，那么有mg•2x0=mv2，v=2．小球接触弹簧后先做加速运动，所以小球运动的最大速度大于2，故B正确；C、由于平衡位置在OB之间，不是B点，故kx0＞mg，k＞，故C正确；D、到B点时，弹簧的压缩量最大，弹性势能最大，于重力势能的减小量，为3mgx0，故D正确；应选：BCD．【点评】：考查牛顿第二律的同时还运用胡克律、动能理．让学生能熟练掌握其内容，并能稳固解题方法．此题关键是分析弹簧处于什么状态．小球的平衡点是分析的切入点．12．〔4分〕水平地面上有两个固的、高度相同的粗糙斜面甲和乙，底边长分别为L1、L2，且L1＜L2，如下图．两个完全相同的小滑块A、B〔可视为质点〕与两个斜面间的动摩擦因数相同，将小滑块A、B分别从甲、乙两个斜面的顶端同时由静止开始释放，取地面所在的水平面为参考平面，那么〔〕A．从顶端到底端的运动过程中，由于克服摩擦而产生的热量一相同B．滑块A到达底端时的动能一比滑块B到达底端时的动能大C．两个滑块加速下滑的过程中，到达同一高度时，机械能可能相同D．两个滑块从顶端运动到底端的过程中，重力对滑块A做功的平均功率比滑块B的大【考点】：功能关系；动能理的用．【专题】：动能理的用专题．【分析】：根据动能理研究滑块A到达底端C点和滑块B到达D点时表示出末动能比拟．根据动能理研究两个滑块在斜面上加速下滑的过程中，到达同一高度的过程，根据表达式比拟求解．根据平均功率的义求解．【解析】：解：A、设甲斜面底端为C，乙斜面底端为D，A、B滑块从斜面顶端分别运动到C、D的过程中，摩擦力做功不同，所以克服摩擦而产生的热量一不同，故A错误；B、由于B物块受到的摩擦力fμmgcosθ大，且通过的位移大，那么克服摩擦力做功多，滑块A克服摩擦力做功少，损失的机械能少，根据动能理，可知滑块A到达底端时的动能一比B到达底端时的动能大，故B正确；C、两个滑块在斜面上加速下滑的过程中，到达同一高度时，重力做功相同，由于乙的斜面倾角大，所以在斜面上滑行的距离不，即摩擦力做功不，所以机械能不同，故C错误；D、整个过程中，两物块所受重力做功相同，但由于A先到达低端，故重力对滑块A做功的平均功率比滑块B的大，故D正确应选：BD．【点评】：此题主要考查动能理和功能关系．关键要明确研究的过程列出式表示出需要比拟的物理量．二、填空题〔本大题共2小题，共12分．要将答案填写在横线上，或将图填在指的相处．〕13．〔4分〕〔1〕如图中螺旋测微器读数为24±0.002mm；〔2〕游标卡尺的计数为30.5 mm．【考点】：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】：题．【分析】：解决此题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】：解：1、螺旋测微器的固刻度为6mm，可动刻度为1×0.01mm=0.124mm，所以最终读数为6mm+0.124mm=6.124mm，由于需要估读，最后的结果可以为24±0.002．2、游标卡尺的主尺读数为：3cm=30mm，游标尺上第5个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为5×0.1mm=0.5mm，所以最终读数为：30mm+0.5mm=30.5mm．故答案为：24±0.002；30.5【点评】：对于根本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器要了解其原理，要能正确使用这些根本仪器进行有关测量．14．〔8分〕〔1〕某位同学在做验证牛顿第二律时，前必须进行的操作步骤是平衡摩擦力．〔2〕正确操作后通过测量，作出a﹣F图线，如图1中的实线所示．试【分析】：图线上部弯曲的原因是没有满足小车质量M远大于砂和砂桶的质量m ；〔3〕打点计时器使用的交流电频率f=50Hz，如图2是某同学在正确操作下获得的一条纸带，其中A、B、C、D、E每两点之间还有4个点没有标出，写出用s1、s2、s3、s4以及f来表示小车加速度的计算式：a=〔用英文字母表示〕；根据纸带所提供的数据，算得小车的加速度大小为0.60 m/s2〔结果保存两位有效数字〕．【考点】：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】：题；恒电流专题．【分析】：在“验证牛顿第二律〞的中，通过控制变量法，先控制m一，验证a与F成正比，再控制F一，验证a与m成反比；中用勾码的重力代替小车的合力，故要通过将长木板右端垫高来平衡摩擦力和使小车质量远大于勾码质量来减小的误差！根据匀变速直线运动的特点，利用逐差法可以求出其加速度的大小．【解析】：解：〔1〕小车质量M一时，其加速度a与合力F成正比，而小车与木板之间存在摩擦力，这样就不能用绳子的拉力代替合力，所以在做正确必须要先平衡摩擦力；〔2〕随着外力F的增大，砂和砂筒的质量越来越大，最后出现了不满满足远小于小车质量的情况，因此图线出现了上部弯曲的现象；〔3〕由题意可知两计数点只觉得时间间隔为：△T==0.1s，根据匀变速直线运动推论有：S4﹣S2=2a1T2 ①S3﹣S1=2a2T2 ②a=③联立①②③得：带入数据解得：a=0.60m/s2故答案为：平衡摩擦力；〔2〕没有满足小车质量M远大于砂和砂桶的质量m〔3〕；0.60【点评】：在“验证牛顿第二律〞的用控制变量法，本只有在满足平衡摩擦力和小车质量远大于钩码质量的双重条件下，才能用钩码重力代替小车所受的合力，同时根底物理知识在中的用，解决问题的能力．15．〔8分〕质量为500吨的机车以恒的功率由静止出发，经5min行驶2.25km，速度到达最大值54km/h，设阻力恒．问：〔1〕机车的功率P多大？〔2〕机车的速度为36km/h时机车的加速度a多大？【考点】：动能理的用；功率、平均功率和瞬时功率．【专题】：动能理的用专题．【分析】：〔1〕到达速度最大时做匀速直线运动，牵引力做功为W=Pt，运用动能理求解机车的功率P．〔2〕根据匀速直线运动时的速度和功率，由P=Fv求出此时牵引力，即可得到阻力．当机车的速度为36km/h 时，由P=Fv求出此时的牵引力，即可由牛顿第二律求解加速度a．【解析】：解：〔1〕机车的最大速度为vm=54km/h=15m/s．以机车为研究对象，机车从静止出发至达速度最大值过程，根据动能理得Pt﹣fx=当机车到达最大速度时P=Fvm=fvm由以上两式得P==5×105W〔2〕机车匀速运动时，阻力为当机车速度v=36 km/h时机车的牵引力为F1==5×104N根据牛顿第二律F1﹣f=ma得a=×10﹣2m/s2答：〔1〕机车的功率P是5×105W．〔2〕机车的速度为36km/h时机车的加速度a为×10﹣2m/s2．【点评】：此题关键要清楚启动的运动过程和物理量的变化，能够运用动能理和牛顿第二律解决问题．16．〔10分〕嫦娥一号〞的发射，为实现几千年的奔月梦想迈出了重要的一步．“嫦娥一号〞绕月飞行轨道近似为圆形，距月球外表高度为H，飞行周期为T，月球的半径为R，引力常量为G．求：〔1〕“嫦娥一号〞绕月飞行时的线速度大小；〔2〕月球的质量；〔3〕假设发颗绕月球外表做匀速圆周运动的飞船，那么其绕月运行的线速度为多大．【考点】：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力律及其用．【专题】：人造卫星问题．【分析】：“嫦娥一号〞的轨道半径r=R+H，由v=求解线速度．根据月球对“嫦娥一号〞的万有引力提供“嫦娥一号〞的向心力，列方程求解月球的质量．绕月球外表做匀速圆周运动的飞船轨道半径约R．【解析】：解：〔1〕“嫦娥一号〞绕月飞行时的线速度大小v=〔2〕设月球质量为M，“嫦娥一号〞的质量为m，根据牛顿第二律得G=解得M=．〔2〕设绕月飞船运行的线速度为V，飞船质量为m0，那么G=又M=，联立解得V=．答：〔1〕“嫦娥一号〞绕月飞行时的线速度大小为；〔2〕月球的质量为M=；〔3〕假设发颗绕月球外表做匀速圆周运动的飞船，那么其绕月运行的线速度为=．【点评】：此题考查用万有引力律解决实际问题的能力，关键要建立模型，理清思路．17．〔10分〕如下图，竖直平面内有一段不光滑的斜直轨道与光滑的圆形轨道相切，切点P与圆心O的连线与竖直方向的夹角为θ=60°，圆形轨道的半径为R，一质量为m的小物块从斜轨道上A点由静止开始下滑，然后沿圆形轨道运动，A点相对圆形轨道底部的高度h=7R，物块通过圆形轨道最高点c时，与轨道间的压力大小为3mg．求：〔1〕物块通过轨道最高点时的速度大小？〔2〕物块通过轨道最低点B时对轨道的压力大小？〔3〕物块与斜直轨道间的动摩擦因数μ=？【考点】：动能理的用；牛顿第二律；牛顿第三律；向心力．【专题】：动能理的用专题．【分析】：对物块通过轨道最高点C时受力分析，运用牛顿第二律求解C点速度．运用动能理研究从最低点B到最高点C，运用牛顿第二律求解物块通过轨道最低点B时对轨道的压力大小．根椐动能理研究A运动到B列出式求出物块与斜直轨道间的动摩擦因数．【解析】：解：〔1〕对物块通过轨道最高点C时受力【分析】：C点：得：〔2〕从最低点B到最高点C：物块通过轨道最低点B时：得：NB=9mg根据牛顿第三律，物块通过轨道最低点B时对轨道的压力大小为9mg〔3〕根椐动能理，由A运动到B有：Ssinθ=h﹣R+Rcosθ解得μ=答：〔1〕物块通过轨道最高点时的速度是〔2〕物块通过轨道最低点B时对轨道的压力大小是9mg〔3〕物块与斜直轨道间的动摩擦因数是【点评】：注意求解的问题，别忘了牛顿第三律的用．动能理的用范围很广，可以求速度、力、功物理量，包括动摩擦因素．18．〔12分〕如下图，在光滑水平面上放一质量为M、边长为l的正方体木块，木块上搁有一长为L的轻质光滑棒，棒的一端用光滑铰链连接于地面上O点，棒可绕O点在竖直平面内自由转动，另一端固一质量为m的均质金属小球．开始时，棒与木块均静止，棒与水平面夹角为α角．当棒绕O点向垂直于木块接触边方向转动到棒与水平面间夹角变为β的瞬时，求木块速度的大小．【考点】：机械能守恒律；线速度、角速度和周期、转速．【专题】：机械能守恒律用专题．【分析】：以轻杆、小球和木块组成的系统为研究对象，系统的机械能守恒，以地面为零势能平面，列式开始时和夹角变为α2时重力势能与动能的表达式，根据机械能守恒列出方程．再将滑块上与杆接触的点的速度沿着平行杆和垂直杆正交分解，垂直杆分量于杆上与滑块接触的点的速度得到木块的速度与小球的速度的关系．即可求得木块的速度．【解析】：解：设杆和水平面成β角时，木块速度为v，水球速度为vm，杆上和木块接触点B的速度为vB，因B点和m在同一杆上以相同角速度绕O点转动，所以有：===．B点在瞬间的速度水平向左，此速度可看作两速度的合成，即B点绕O转动速度v⊥=vB及B点沿杆方向向m滑动的速度v∥，所以vB=vsinβ．故vm=vB=．因从初位置到末位置的过程中只有小球重力对小球、轻杆、木块组成的系统做功，所以在上述过程中机械能守恒：mgL〔sinα﹣sinβ〕=综合上述得v=l．答：木块速度的大小为l．【点评】：此题是系统的机械能守恒问题，关键找准合运动和分运动，求出木块与小球速度的关系．。
高中高三物理上学期第一周周练试卷
然顿市安民阳光实验学校黄岐高中高三（上）第一周周练物理试卷（8月份）一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是（）A．将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化B．在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，然后观察电流表的变化C．将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化D．绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化2．重力大小为G的小物块，静止在球形碗内的图示位置．物块受到的支持力大小为N，摩擦力大小为f，则（）A．G=N+f B．G=N C．G＜f D．G＞f3．光滑的金属线框abcd处在方向竖直向上的匀强磁场中，线框从图示位置由静止释放，到接近水平位置的过程中，则（）A．线框的机械能守恒B．穿过线框的磁通量逐渐增大C．线框有abcda方向的感应电流D．穿过线框磁通量的变化率逐渐增大4．如图，在赤道平面内，绕地球做圆周运动的人造卫星a、b质量相同，某时刻两卫星与地心恰好在同一直线上，则（）A．a所需的向心力较小B．a、b所需的向心力一样大C．b绕地球运行的角速度较小D．a、b绕地球运行的角速度一样大5．小球沿斜面做匀加速直线运动．在A位置开始计时，连续相等时间t内记录到小球位置如图，d1、d2、d3分别为位置B、C、D到A的距离．则（）A．（d3﹣d2）=（d2﹣d1）B．小球在B 时的速度为C．小球在C 时的速度为D ．小球运动的加速度为6．图a所示的理想变压器，原线圈接入电压变化规律如图b所示的交流电源，则（）A．原线圈电压的瞬时值为u=220sin100πt（V）B．变压器的输出电压为44VC．原线圈电流的频率为10HzD．变压器的输出功率小于输入功率7．如图，拉动齿条可使玩具陀螺转动起来，设每次拉出齿条的长度都相同，则（）A．拉力F越大，陀螺获得的动能越大B．拉出齿条的过程，系统机械能守恒C．拉力F做功全部转化为陀螺的动能D．拉力F越大，拉大F的功率就越大8．如图，点电荷Q形成的电场中有A，B两点，已知A的电势为﹣15V，B点的电势为﹣20V，则（）A．点电荷Q带负电B．A点的电场强度比B点的大C．A、B两点的电势差U AB=5VD．检验电荷+q在A点时具有的电势能比在B点时的小二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第14题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某同学用20分度的游标卡尺测量一细金属管的壁厚．测量金属管外径时游标卡尺的示数如图（a）所示，测量金属管内径时的示数如图（b）所示．图（a）所示的读数为 cm，图（b）所示读数为cm，金属管的壁厚为mm．10．利用图（a）的电路，可在测定电源电动势E和内阻r的同时描绘小灯泡L 的伏安特性曲线．（结果保留2位小数）（1）按图（a）的电路，将图（b）所示的实物连线补画完整．（2）连接好电路后，将开关s闭合，完成下列步骤中的填空：①为测定电源的电动势E和内阻r，调节电阻箱R N的阻值．当R N为11.0Ω时，理想电流表的示数为0.200A，理想电压表的示数为0.40V；②调节电阻箱R N，当R N为2.2Ω时，电流表的示数为0.400A，电压表的示数为1.32V；③则可求得电源的电动势E= V；内阻r= Ω；④为描绘小灯泡L的伏安特性曲线，保持s闭合，反复调节电阻箱R N的阻值，记录电压表的示数U及电流表对应的示数I，得到若干组U、I的数据，在坐标纸上作出该灯泡的U﹣I图象如图（c）所示．由图可知，该灯泡的电阻随温度的变化情况是：温度升高，电阻．11．我国某城市某交通路口绿灯即将结束时会持续闪烁3s，而后才会变成黄灯，再3秒黄灯提示后再转为红灯．（本题中的刹车过程均视为匀减速直线运动）（1）若某车在黄灯开始闪烁时刹车，要使车在黄灯闪烁的时间内停下来且刹车距离不得大于18m，该车刹车前的行驶速度不能超过多少？（2）若某车正以v0=15m/s的速度驶向路口，此时车距停车线的距离为L=48.75m，当驾驶员看到绿灯开始闪烁时，经短暂考虑后开始刹车，该车在红灯刚亮时恰停在停车线以内．求该车驾驶员的允许的考虑时间．12．如图，一半径为R的圆表示一柱形区域的横截面（纸面）．在柱形区域内加一方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，一质量为m、电荷量为q的带正电粒子以某一初速度v0（未知）从a点沿直径aOb方向射入柱形区域（磁场），从圆上的C点离开该区域，已知Oc与Ob成60°角，回答下列问题：（1）求粒子初速度V0的大小；（2）若将该粒子的初速度减为v0，仍从a点沿原来的方向射入磁场，则粒子从圆上的d点离开该区域，求cd间的距离；（3）若将磁场换为平行于纸面且垂直ab的匀强电场，让该粒子以V0仍从a点沿ab方向射入匀强电场，粒子也从c点离开该区域，求电场强度的大小．三、选考题：共45分。
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高三物理周周练一及答案
高三物理周周练（一）
班级姓名
分数
一、选择题：（每题6分，共48分）
1．在直线运动中，关于速度和加速度的说法，正确的是（C ）
A．物体的速度大，加速度就大
B．物体速度的改变量大，加速度就大
C．物体的速度改变快，加速度就大
D．物体的速度为零时，加速度一定为零
2 甲、乙两物体的运动情况如图1-3-3所示，下列结论错误的是：（ A ）
A．甲、乙两物体的速度大小相等、
方向相同
B．经过2.5s的时间，甲、乙两物
体相遇，相遇时它们相对
图坐标原点的位移相同
C．经过5s的时间，乙物体到达甲物体的出发点D．经过5s的时间，甲物体到达乙物体的出发点3．一个初速度为6m／s做直线运动的质点，受
到力F的作用，产生一个与初速度方向相反、大小为2 m／s2的加速度，当它的位移大小为3 m 时，所经历的时间可能为（ABC）
4．物体从静止开始作匀加速直线运动，第 3 s 内通过的位移是3 m，则 (ABD )
A．第3 s内的平均速度是3 m／s B．物体的加速度是1．2 m／s2
C．前3 s内的位移是6 m D．3 s末的速度是3．6 m／s
5．一辆车由静止开始作匀变速直线运动，在第8 s末开始刹车，经4 s停下来，汽车刹车过程也是匀变速直线运动，那么前后两段加速度的大小之比和位移之比分别是( C )
6．物体沿某一方向做匀变速直线运动，在时间
s处的速度为，在中t内内通过的路程为s，它在
2
间时刻的速度为．则和的关系是( B ) A．当物体做匀加速直线运动时，
B．当物体做匀减速直线运动时，
C．当物体做匀速直线运动时，
D．当物体做匀减速直线运动时，
7．对于做初速度为零的匀加速直线运动的物体，以下叙述中正确的是(ABC )．
A．相邻的相等时间间隔内的位移之差为常数B．相邻的相等时间间隔内的位移之差为最初的那个等时间间隔内位移的两倍
C．该物体运动过程中任意两个相等的时间间隔内速度的改变量均相等
D．该物体运动过程中任意两个相等的时间间隔内位移大小之比一定是奇数比
8．作匀加速直线运动的质点先后经过A、B、C 三点， AB = BC．质点在AB段和BC段的平均速度分别为20 m／s、30 m／s，根据以上给出的条件可以求出( CD )
A．质点在AC段运动的时间 C．质点在AC 段的平均速度
B．质点的加速度 D．质点在C 点的瞬时速度
题
1 2 3 4 5 6 7 8
号
答
案
二、填空题：（每空3分，共24分）
9.汽车以 12m/s行驶，刹车后减速行驶的加速度为1m/s2，则需经__12____s汽车才能停止，从刹车到停止这段时间内的平均速度是_6m/s
_____，通过的位移是_72 m _____.
10.质点从静止开始作匀加速直线运动，经5s后速度达到 10m/s，然后匀速运动了 20s，接着经2s匀减速运动后静止，则质点在加速阶段的加速度是_2_____ m/s2，在第 26s末的速度大小是__5__m/s.
11.某质点做匀变速直线运动，位移方程为s=10t-2t2（m），则该物体运动的初速度为_10m/s _____，加速度为__-4m/s2____，4s内位移为__8m ____。
三、计算题：（共28分）
12.（8分）汽车由静止出发做匀加速直线运动，
用10s时间通过一座长140m的桥，过桥后速16m/s，求（1）它刚开上桥头时速度有多大？
（2）桥头与出发点相距多远？
(12m/s，180m )
13．（10分）一辆轿车违章超车，以108 km/h
的速度驶入左侧逆行道时，猛然发现正前方
80 m 处一辆卡车正以72 km/h 的速度迎面
驶来，两车司机同时刹车，刹车加速度大小
都是10 m/s 2，两司机的反应时间(即司机发
现险情到实施刹车所经历的时间)都是Δt .
试问Δt 是何数值，才能保证两车不相撞?
（Δt ＜0.3 S ）
14. （10分）某天，张叔叔在上班途中沿人行步道向一公交车站走去，发现一辆公交车正从身旁的平直公路驶过，此时，张叔叔的速度是1m/s ，公交
车的速度是15m/s ，他们距车站的
距离为50m 。
假设公交车在行驶到距车站25m 处开始刹车，刚好到车站停下，停车10s 后公交车又启动向前开去。
张叔叔的最大速度是6m/s ，最大起跑加速度为2.5m/s 2
，为了安全乘上该公交车，他用力向前跑去，求： v /m 2 1 a b c d e 图17b
①公交车刹车过程视为匀减速运动，其加速度大小是多少？
②分析张叔叔能否在该公交车停车时安全上车。
（可以） ①2
2
12
11s /m 5.425215020-=⨯-=-=s v a ②s
10214321++<+<+t t t t t t。