2021年上海市静安区高三物理一模试卷及答案
上海市静安区2021年高三第一学期期末(一模)学科质量检测物理试卷(解析版)
大，由楞次定律可知，感应电流方向为 abcda，故 D 正确。
故选 D。
10. 一带正电的粒子仅在电场力作用下沿直线运动，其电势能随位置变化的图像如图所示，粒子先后经过 A
点和 B 点，设 A、B 两点的电场强度大小分别为 EA、EB，电势分别为φA、φB，则（ ）
误；
B．速度大，加速度不一定大，比如以很大速度做匀速直线运动的物体，故 B 错误；
C．速度变化大，加速度不一定大，还与时间有关，故 C 错误；
D．加速度反应速度变化的快慢，故速度变化快，加速度一定大，故 D 正确。
故选 D。
3. 做简谐运动的物体，通过平衡位置时，其（ ）
A. 合外力为零
B. 回复力为零
【详解】瓢虫沿弧形树枝由 A 点缓慢爬到 B 点的过程中，相当于先上坡后下坡，上坡过程坡度 越来越小，
瓢虫的静摩擦力为 Ff 由平衡条件得
Ff mg sin
则静摩擦力为 Ff 的方向沿曲面切线向上与运动方向相同，大小越来越小
下坡过程坡度 越来越大，瓢虫的静摩擦力为 Ff 由平衡条件得 Ff mg sin
C. 加速度为零
D. 速度为零
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】ABC．简谐运动的物体通过平衡位置时回复力为零，而物体在平衡位置时合力不一定为零，加速
度不一定为零，例如，单摆在平衡位置时，合力不为零，加速度不为零，即存在向心加速度，AC 错误，B
正确；
D．简谐运动的物体经过平衡位置时速度最大，动能最大，位移零，D 错误。
态，所以 C 正确；
D．物体的运动需要力来维持，是亚里士多德的观点，所以 D 错误；
故选 C。
2. 加速度大的物体 （ ）
A. 位置变化一定快
〖含5套模拟卷〗上海市静安区2021届新高考物理一模考试卷含解析
本题考查了动量定理的应用，根据题意求出黏附在卫星上的尘埃质量，然后应用动量定理可以求出卫星的推力大小，利用P=Fv求得功率。
2．（题文）（题文）如图，两同心圆环A、B置于同一水平面上，其中B为均匀带负电绝缘环，A为导体环 当B绕环心转动时，导体环A产生顺时针电流且具有扩展趋势，则B的转动情况是（）
A．小球的质量
B．小球的初速度
C．最初1 s内重力对小球做功的平均功率
D．小球抛出时的高度
【答案】D
【解析】
试题分析：小球被抛出后做平抛运动，根据图象可知：小球的初动能为5J，1s末的动能为30J，根据平抛运动的基本公式及动能的表达式即可解题．
解：A、B、设小球的初速度为v0，则1s末的速度为：v1= = ，
A．前表面的电势比后表面的低。
B．前、后表面间的电压U=Bve
C．前、后表面间的电压U与I解析】
【分析】
【详解】
A．电流方向向右，电子向左定向移动，根据左手定则判断可知，电子所受的洛伦兹力方向向里，则后表面积累了电子，前表面的电势比后表面的电势高，故A错误；
3．笔记本电脑机身和显示屏对应部位分别有磁体和霍尔元件。当显示屏开启时磁体远离霍尔元件，电脑正常工作；当显示屏闭合时磁体靠近霍尔元件，屏幕熄灭，电脑进入休眠状态。如图所示，一块宽为a、长为c的矩形半导体霍尔元元件，元件内的导电粒子是电荷量为e的自由电子，通入方向向右的电流I时，电子的定向移动速度v，当显示屏闭合时元件处于垂直于上表面、方向向下的匀强磁场B中，于是元件的前、后表面间出现电压U，以此控制屏幕的熄灭。则元件的（）
A．加速与减速的时间不相等
B．加速时间为10分钟
C．加速时加速度大小为2 m/s2
D．如果加速度大小为10 m/s2，题中所述运动最短需要32分钟
上海市静安区2021届新高考第一次质量检测物理试题含解析
上海市静安区2021届新高考第一次质量检测物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，一个人静止在地面上，当60α︒=时，人能拉起重物的最大重力为人重力的0.2倍，已知地面对人的最大静摩擦力等于滑动摩擦力（忽略定滑轮的摩擦力），则当30︒=α时，人静止时能拉起重物的最大重力约为人重力的（ ）A ．0.3倍B ．0.6倍C ．0.8倍D ．1.61倍【答案】A【解析】【分析】【详解】 设人与地面间的动摩擦因数为μ，当60α︒=时0.2sin 60(0.2cos 60)G G G μ︒︒=-当30︒=α时sin 30(cos30)kG G kG μ︒︒=-求得0.3k ≈，选项A 正确，BCD 错误。
故选A 。
2．如图甲所示，在某电场中建立x 坐标轴，A 、B 为x 轴上的两点，x A 、x B 分别为A 、B 两点在x 轴上的坐标值。
一电子仅在电场力作用下沿x 轴运动，该电子的动能E k 随其坐标x 变化的关系如图乙所示。
则下列说法中正确的是（ ）A ．A 点的电场强度小于B 点的电场强度B ．A 点的电场强度等于B 点的电场强度C ．A 点的电势高于B 点的电势D ．电子由A 点运动到B 点的过程中电势能的改变量p k k B AE E E ∆=-【答案】B【解析】【分析】【详解】AB ．根据动能定理得知：电场力做功等于电子动能的变化，则有k E Eqx =根据数学知识可知，图线的斜率k qE =斜率不变，q 保持不变，说明电场强度不变，所以该电场一定是匀强电场，则A B E E =故A 错误，B 正确；C ．由图知，电子从A 到B 动能增大，电场力做正功，则知电场力方向从A→B ，电场线方向从B→A ，根据顺着电场线方向电势降低，则有A B ϕϕ<故C 错误；D ．根据动能定理知k k P AB B A W E E E =-=-∆即P k k A B E E E ∆=-故D 错误。
2021-2022学年上海市静安区高三(上)期末物理试卷(一模)(附答案详解)
2021-2022学年上海市静安区高三（上）期末物理试卷（一模）一、单选题（本大题共12小题，共40.0分）1.以竖直向下为正方向，竖直上抛运动在上升阶段、最高点、下降阶段的加速度分别为()A. −g，0，gB. −g，g，gC. g，0，gD. g，g，g2.在无外界影响情况下，容积不变的密闭容器内的理想气体静置足够长时间后，该气体()A. 分子的无规则运动停息下来B. 每个分子的速度大小均相等C. 分子的平均动能保持不变D. 每个分子的温度保持不变3.百米赛跑的冠军，与其他参赛队员相比，其整个赛跑过程中一定最大的物理量是()A. 位移B. 平均速度C. 速度变化量D. 加速度4.如图，a、b两点位于以负点电荷为球心的球面上，c点在球面外，若三点的电场强度大小分别为E a、E b、E c，电势分别为φa、φb、φc，则()A. E a=E b>E c，零势能面选取不同，三点电势高低关系不同B. E a=E b>E c，φa=φb>φcC. E a=E b>E c，φa=φb<φcD. E a=E b<E c，φa=φb>φc5.质量为0.2kg的气球，用一竖直细绳拉住并保持静止，当把细绳突然放开的瞬间，气球的加速度大小为4m/s2、方向竖直向上，则原来细绳的拉力大小为()A. 0.8NB. 1.2NC. 2ND. 2.8N6.一根粗细均匀的绳子，右端固定，一人拿着左端的O点上下振动。
以竖直向上为正方向，波源O在第一个周期内的振动图像如图所示，则该波在第一个周期结束时在介质中形成的波形图是()A. B.C. D.7.一辆货车在崎岖道路上匀速率行驶，途中发生了爆胎。
道路地形如图所示，则爆胎可能性最大的位置是图中的()A. A处B. B处C. C处D. A或B或C处8.如图，在光滑的绝缘水平桌面上，两条固定的平行长直导线a和b均通以电流，矩形金属线框位于两条导线的正中间，通有顺时针方向的电流。
〖含5套模拟卷〗上海市静安区2021届新高考模拟物理试题(校模拟卷)含解析
上海市静安区2021届新高考模拟物理试题（校模拟卷）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．1897年汤姆孙发现电子后，许多科学家为测量电子的电荷量做了大量的探索。
1907-1916密立根用带电油滴进行实验，发现油滴所带的电荷量是某一数值e 的整数倍，于是称这数值为基本电荷，如图所示，两块完全相同的金属极板止对若水平放置，板间的距离为d ，当质量为m 的微小带电油滴在两板间运动时，所受它气阻力的大小与速度大小成正比。
两板间不加电压时，得以观察到油滴竖直向下做匀速运动，通过某一段距离所用时间为t 1；当两板间加电压U （上极板的电势高）时，可以观察到同一油滴竖直向上做匀速运动，且在时间t 2内运动的距离与在时间t 1内运动的距离相等。
忽略空气浮力，重力加速度为g 。
下列说法正确的是（ ）A ．根据上板电势高时观察油滴竖直向上做匀速运动可以判定油滴带正电B ．密立根根据实验数据计算出油滴所带的电荷量大约都是1.6×10-19CC ．根据不加电压和加电压两个匀速过程可以求解出油滴所带的电荷量Q=()122mgd t t Ut +D ．根据两板间加电压U （上极板的电势高）时观察到同油滴竖直向上做匀速运动，可以计算出油滴的电荷量Q=mgd U【答案】C【解析】【分析】【详解】A ．当极板上加了电压U 后，该油滴竖直向上做匀速运动，说明油滴受到的电场力竖直向上，与板间电场的方向相反，所以该油滴带负电，A 错误；B ．油滴所带的电荷量大约都是1.6×10-19C 的整数倍，B 错误；C ．设油滴运动时所受空气阻力f 与速度大小v 满足关系为f kv =当不加电场时，设油滴以速率v 1匀速下降，受重力和阻力而平衡，即1mg kv =当极板加电压U 时，设油滴以速率v 2匀速上升，受电场力、重力和阻力，即2QE mg kv =+其中U E d= 根据题意有1122v t v t =解得()122mgd t t Q Ut += C 正确；D ．加上电压时，油滴运动过程中，不仅仅只受电场力和重力作用，还受阻力作用，所以U Q mg d≠，D 错误。
上海市2021-2021年高三第一次模拟考试物理试题及答案
高三第一次模拟考试物理试题考生注意：1. 本试卷满分150分．考试时间120分钟；2. 答案必须全部填写在答题卡上，填写在试卷上一律不给分．一、单项选择题（共16分，每小题2分．每小题只有一个正确选项．）1．物理学史上，正确认识运动和力的关系且推翻“力是维持运动的原因”的物理学家、建立惯性定律的物理学家分别是A．亚里士多德伽利略B．亚里士多德牛顿C．伽利略牛顿D．伽利略爱因斯坦2．从宏观上看，气体分子热运动的平均动能与分子间势能分别取决于气体的A．体积和压强B．温度和体积C．温度和压强D．压强和温度3．下列各物理量的表达式中，是用比值法定义该物理量的是A．加速度Fam=B．电功率2UpR=C．电场强度FEq=D．电流强度UIR=4．如图所示，A、B为同一水平线上的两个相同的绕绳轮子．现按箭头方向以相同的速度缓慢转动A、B，使重物C缓慢上升．在此过程中绳上的拉力大小A．保持不变B．逐渐减小CA BC ．逐渐增大D ．先减小后增大5．一个弹性小球，在光滑水平面上以5m/s 的速度向左垂直撞到墙上，碰撞后小球以大小为3m/s 速度向右运动．则碰撞前后小球速度变化量 v 的大小和方向分别为 A ．2m/s ，向左B ．2m/s ，向右 C ．8m/s ，向左D ．8m/s ，向右6．如图，一定质量的理想气体自状态A 沿直线变化到状态B 的过程中其压强A ．逐渐增大B ．逐渐减小C ．始终不变D ．先增大后减小7．图示为用“与”门、蜂鸣器等元件组成的简易控制电路．若要让蜂鸣器L 鸣叫，则电键S 1、S 2所处的状态为 A ．S 1、S 2都闭合 B ．S 1、S 2都断开 C ．S 1断开，S 2闭合D ．S 1闭合，S 2断开8．一根粗细均匀的绳子，右侧固定，使左侧的S 点上下振动，产生一列向右传播的机械波，某时刻的波形如图所示．则该波的 A ．频率逐渐增大vtVABS 1& L5VS 2R 1R 2B ．频率逐渐减小C ．波速逐渐增大D ．波速逐渐减小二、单项选择题（共24分，每小题3分．每小题只有一个正确选项．）9．在离地高h 处，以速度v 0抛出一小球，不计空气阻力，已知2032v h g=．则小球落地时间不可能．．．是 A ．v gB ．02v gC ．03v gD ．04v g10．如图，光滑的四分之一圆弧轨道AB 固定在竖直平面内，A 端与水平面相切．穿在轨道上的小球在方向始终沿轨道切线的拉力F 作用下，由A 向B 缓慢运动，在运动过程中 A ．F 增大，N 减小B ．F 减小，N 减小 C ．F 增大，N 增大D ．F 减小，N 增大11．半径分别为r 和2r 的两个质量不计的圆盘，共轴固定连结在一起，可以绕水平轴O 无摩擦转动，大圆盘的边缘上固定有一个质量为m 的质点，小圆盘上绕有细绳．开始时圆盘静止，质点处在水平轴O 的正下方位置．现以水平恒力F 拉细绳， 使两圆盘转动，若两圆盘转过的角度6πθ=时，质点m 的速度达到最大为v m ，此时绳子的速度为v F ．则v m 与v F 、F 与 mg 间的关系是A ．m F =v v ,F mg =B ．m F =v v ,2F mg =Fθm O Fmv FC ．m F 2=v v ,F mg =D ．m F 2=v v ,2F mg =12．如图，质量为M 的楔形物A 静置在水平地面上，其斜面的倾角为θ．斜面上有一质量为m 的小物块B ，B 与斜面之间存在摩擦．用恒力F 沿斜面向上拉B ，使之匀速上滑．在B 运动过程中，楔形物块A 始终保持静止．则 A ．B 给A 的作用力大小为mg -F B ．B 给A 摩擦力大小为 FC ．地面受到的摩擦力大小为 F cos θD ．地面受到的压力大小为Mg +mg cos θ-F sin θθA BF13．一汽车在平直公路上行驶．从某时刻开始计时，发动机的功率P 随时间t 的变化如图所示．假定汽车所受阻力的大小f 恒定不变．下列描 述该汽车的速度v 随时间t14．在竖直向下的匀强电场E 中，一带电油滴在电场力和重力的作用下，沿虚线所示的运动轨迹从a 运动到b ．若此带电油滴在运动过程中 动能和重力势能之和为E 1，重力势能和电势能之和为E 2，则E 1、E 2 的变化情况是A ．E 1增加，E 2增加B ．E 1增加，E 2减小C ．E 1不变，E 2减小D ．E 1不变，E 2不变15．一弹簧振子振幅为A ，周期为04T t ．若振子从平衡位置处开始经过3t 时间时的加速度大 小和动能分别为a 1和E 1，而振子在位移为3A时加速度大小和动能分别为a 2和E 2，则a 1、a 2和E 1、E 2的大小关系为A ．a 1＞a 2，E 1＜E 2B ．a 1＞a 2，E 1＞E 2abEtP2t 1P 1P v tt 2 t 1 t t 2 t t t 2 t t t 2 t 1 v A ． B ． C ． D ．C ．a 1＜a 2，E 1＜E 2D ．a 1＜a 2，E 1＞E 216．如图所示电路中，R 1、R 2为定值电阻，电源内阻为r ．闭合电键S ，电压表显示有读数，调节可变电阻R 的阻值，电压表示数增大量为ΔU ，则在此过程中A ．可变电阻R 阻值增大，流过它的电流增大B ．电阻R 2两端的电压减小，变化量等于U ∆C ．通过电阻R 2的电流减小，变化量小于2UR ∆D ．路端电压一定增大，变化量大于U ∆三、多项选择题（每小题4分，共16分. 每小题有两个或三个正确选项．全选对的，得4分；选对但不全的，得2分；有选错或不答的，得0分．）17．如图所示，S 1、S 2分别是两个水波波源，某时刻它们形成的波峰和波谷分别由实线和虚线表示．则下列判断中正确的是A ．两列波的频率相同，将在相遇区域形成干涉图像B ．两列波的频率不同，不会在相遇区域形成干涉图像C ．两列波在相遇区域内叠加使得A 点振幅始终为零D ．两列波在相遇区域内叠加使得B 、C 两点振幅有时增大有时减小18．右图中，固定的光滑竖直杆上套有一质量为m 的圆环，圆环与水平放置轻质弹簧一端相连，弹簧另一端固定在墙壁上的A 点，图中弹簧水平时恰好处于原长状态．现让圆环从图示位置（距地面高度为h ）由静止沿杆滑下，滑到杆的底端B 时速度恰好为零．则在圆环下滑至底端的过程中12A BCRR 1R 2VSE rA ．圆环所受合力做功为零B ．弹簧弹力对圆环先做正功后做负功C ．圆环到达B 时弹簧弹性势能为mghD ．弹性势能和重力势能之和先增大后减小19．如图所示，实线是沿x 轴传播的一列简谐横波在0t =线是这列波在0.2t =s 时刻的波形图． 已知该波的波速是0.8m/s ，则 A ．这列波是沿x 轴负方向传播的B ．质点P 在0.4s 时刻速度方向与加速度方向相同C ．0.5s t =时，质点P 的速度沿y 轴负方向D ．质点P 在0.9s 时间内经过的路程为0.48m20．静电场在x 轴上的场强分量E x 随x 的变化关系如图所示，x 轴正向为场强正方向，带负电的点电荷沿x 轴运动， 则点电荷A ．在b 和d 处电势能相等B ．由a 运动到c 的过程中电势能减小C ．由b 运动到d 的过程中电场力不做功D ．由a 运动到d 的过程中x 方向电场力先增大后减小四、填空题（共20分，每小题4分）2 4 6 810 12 14 Ox /cmy /cm－2PAB h m a b c d x E x x21．在地球表面上周期准确的秒摆（周期为2秒），移到距离地面为nR 0的高度处（R 0为地球半径），该秒摆的周期秒，此时为了让秒摆保持周期2秒不变，则需要(“增长”，“减短”）摆长． 22、分叉题（分A 、B 两组，考生可任选一组答题．若两组试题均做，一律按A 类题计分） 22A ．质量为4.0kg 的物体A 静止在水平桌面上，另一个质量为2.0kg 的物体B 以5.0m/s 的水平速度与物体A 相碰．碰后物体B 以1.0m/s 的速度反向弹回，则系统的总动量为 kg ·m/s ，碰后物体A 的速度大小为m/s ．22B ．两颗人造地球卫星，它们质量之比为1:2，它们运行的线速度之比为1:2，那么它们运行的轨道半径之比为，它们所受向心力之比为．23. 如图，水平地面上有一个坑，其竖直截面是半径为R 的半圆．ab 为沿水平方向的直径，O 为圆心．在a 点以某初速度沿ab 方向抛出一 小球，小球恰好能击中最低点c ，则小球的初速度0=v ．小球以不同的初速度v 0抛出，会击中坑壁上不同的点．若击中点d 与 b 所对的圆心角为θ，则0=v ．24．如图所示电路中，电源电动势6E =V ，内电阻2r =Ω，定值电阻R 1=1Ω，R 为最大阻值是20Ω的变阻器． 则在变阻器滑动过程中电源的最大输出功率为 W ；变阻器消耗的最大电功率为W ．25．如图，在竖直平面内有一匀强电场，一带电量为+q 、质量为m 的小球在力F （未知量）的作用下沿图中虚线由A 至B 做竖直向上的匀速运VR 1Rv 0abcR dＯθBF动．已知力F 和AB 间夹角为θ，AB 间距离为d ，重力加速度为g ． 则电场强度E 的最小值为．若电场强度tan /E mg q θ=时，小 球从A 运动到B 电势能变化量大小可能为．五、实验题（共24分）26．（4分）（单选）用“油膜法”来粗略估测分子的大小，认为油滴在水面上后油分子的排列需要建立在一定模型基础上，下列哪项是不正确．．．的 A ．分子都是球形的B ．所有分子都能形成单分子油膜C ．分子都是一个一个挨着一个排列的D ．滴入的油酸溶液是高纯度的溶液 27．（5分）如图为“描绘电场等势线”的实验装置，在平整的木板上平放两个圆柱形电极A 和B ，分别与直流电源 的正、负极接好（1）（多选）下列说法中正确的是A ．本实验中A 电极作为正电荷，B 电极作为负电荷 B ．在木板上依次铺放白纸、导电纸和复写纸C ．实验中圆柱形电极与导电纸应有良好的接触D ．放置导电纸时有导电物质的一面向下（2）在A 、B 连线上取某点a ，将与电压传感器正极相连的的探针固定于a 点，另一探针在纸上移动，当移动到某点时电脑上显示电压为负，则这点电势（选填“高”、“低”或“等”）于a 点．ABa电压传感器28. （7分）某探究小组设计了“用一把尺子测定动摩擦因数”的实验方案．如图所示，将一个小球和一个滑块用细绳连接，跨在斜面上端．开始时小球和滑块均静止，剪断细绳后，小球自由下落，滑块沿斜面下滑，可先后听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，保持小球和滑块释放的位置不变，调整挡板位置，重复以上操作，直到能同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音．用刻度尺测出小球下落的高度H、滑块释放点与挡板处的高度差h和沿斜面运动的位移x．（空气阻力对本实验的影响可以忽略）（1）滑块沿斜面运动的加速度与重力加速度的比值为．（2）滑块与斜面间的动摩擦因数为．（3）（多选）以下能引起实验误差的是．A．滑块的质量B．当地重力加速度的大小C．长度测量时的读数误差D．小球落地和滑块撞击挡板不同时29．（8分）某同学利用图甲所示电路，测量电源电动势和内电阻．（1）所得实验数据如下表，请在给出的直角坐标系上画出U I 的图像．hHx挡板V AR（图甲）S0 0.1 0.2 0.3 0.50.4 0.6U/VU/V 1.96 1.86 1.80 1.84 1.64 1.56 I/A0.05 0.15 0.25 0.35 0.45 0.55（2）根据所画U I -的图像，可求得电源电动势E =V ，当电流0.2I =A 时电源的输出功率为W ．（保留两位有效数）（3）实验完成后，该同学对实验方案进行了反思，认为按图甲电路进行实验操作的过程中存在安全隐患，并对电路重新设计．在图乙所示的电路中，你认为相对合理的电路是．（R x 为未知小电阻）六、计算题（共50分） 30．（10分）如图，滑块和小球的质量均为m ，滑块可在水平光滑固定导轨上自由滑动，小球用长为l 的轻绳悬于滑块上的O 点．开始时轻绳处于水平拉直状态，小球和滑块均静止．现将小球由静止释放，当小球到达最低点时，滑块刚好被一表面涂有粘住物质的固定挡板粘住，在极短的时gl （1）小球到达最低点时速度的大小；（2）小球继续向左摆动到达最高点时轻绳与竖直方向的夹角θ．（3）小球从释放到第一次到达最低点的过程中，绳的拉力对小球所做的功．VAx R（D ）S VAR x R（C ）S VA R xR（A ）S VA R x R（B ）S（图乙）A Bm O31．（12分）如图所示，玻璃管A上端封闭，B上端开口且足够长，两管下端用橡皮管连接起来，A 管上端被一段水银柱封闭了一段长为6cm的气体，外界大气压为75cmHg，左右两水银面高度差为5cm，温度为127t ℃．（1）保持温度不变，上下移动B管，使A管中气体长度变为5cm，稳定后的压强为多少？（2）B管应向哪个方向移动？移动多少距离？（3）稳定后保持B不动，为了让A管中气体体积回复到6cm，则温度应变为多少？A B5cm32．（14分）如图所示，ABCD 是一个T 型支架，支架A 端有一大小与质量均可忽略的光滑定滑轮，D 点处有一光滑转动轴，AC 与BD 垂直，且AB BC =， BD 长为0.6d =m ，AC 与水平地面间的夹角为37θ=︒，整个支架的质量为1M =kg （BD 部分质量不计）．质量为2m =kg 的小滑块置于支架的C 端，并与跨过定滑轮的轻绳相连，绳另一端作用一竖直向下大小为24N 的拉力F ，小滑块在拉力作用下由静止开始沿AC 做匀加速直线运动，己知小滑块与斜面间的动摩擦因数为0.5μ=．（10g =m/s 2，sin370.6︒=，cos370.8︒=） （1）求小滑块沿AC 向上滑的加速度大小；（2）滑块开始运动后，经过多长时间支架开始转动？ （3）为保证支架不转动，作用一段时间后撤去拉力F ，求拉力作用的最大时间．A BDCθ F33．（14分）当金属的温度升高到一定程度时就会向四周发射电子，这种电子叫热电子，通常情况下，热电子的初始速度可以忽略不计．如图所示，相距为L的两块平行金属板M、N接在输出电压恒为U的高压电源E2上，M、N之间的电场近似为匀强电场，a、b、c、d是匀强电场中四个均匀分布的等势面，K是与M板距离很近的灯丝，电源E1给K加热从而产生热电子．电源接通后，电流表的示数稳定为I，已知电子的质量为m、电量为e．求：（1）电子达到N板瞬间的速度；（2）电子从灯丝K出发达到N板所经历的时间；（3）电路稳定的某时刻，MN之间运动的热电子的总动能；（4）电路稳定的某时刻，c、d两个等势面之间具有的电子数．参考答案aLN Mb c dE2μA高压电源+-K一．单项选择题（共16分，每小题2分。
上海市静安区2021届新高考物理第一次调研试卷含解析
上海市静安区2021届新高考物理第一次调研试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．我国新一代可控核聚变研究装置“中国环流器二号M”目前建设顺利，预计2020年投入运行，开展相关科学实验。
该装置以氢、氘气体为“燃料”，通过将其注入装置并击穿、“打碎”产生近堆芯级别的等离子体，来模拟核聚变反应。
若已知21 H 的质量为m 131，H 的质量为m 2，42He 的质量为m 3，10n 质量为m 4，关于下列核反应方程，下列说法中正确的是（ ）A ．423112H H +→He+10x n 是热核反应，其中x=2B ．14472N +He 178→O+11x H 是热核反应，其中x=1C ．14111705N n →+B+42x He 是人工转变，其中x=1D ．23519092038U n →+Sr 13654+Xe+10x n 是裂变反应，其中x=8 【答案】C【解析】【分析】【详解】A ．221124H H + →He+10x n 是热核反应，根据核电荷数守恒和质量守恒可知，其中x=1，A 错误；B ．14472N +He 178→O+11x H 是人工转变，其中x=1，B 错误；C ．14111705N n →+B+42x He 是人工转变，其中x=1，C 正确；D ．23519092038 U n →+Sr 13654+Xe+10x n 是裂变反应，根据核反应前后电荷数守恒和质量数守恒知x=10，故D 错误。
故选C 。
2．起重机将静止在地面上的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点过程中的v －t 图像如图所示，g=10m/s 2，以下说法中正确的是（ ）A ．0~3s 内货物处于失重状态B ．3~5s 内货物的机械能守恒C ．5~7s 内货物受到向上的拉力为重力的0.3倍D ．货物上升的总高度为27m【答案】D【解析】【分析】【详解】A ．货物开始时竖直向上运动，由v －t 图像读出0~3s 的斜率即加速度为正，表示加速度向上，则货物处于超重状态，故A 错误；B ．3~5s 内货物做向上的匀速直线运动，一定有除重力以外的拉力对货物做正功，则货物的机械能增加，故B 错误；C ．5~7s 内的加速度为2206m/s 3m/s 2v a t ∆-===-∆ 由牛顿第二定律有T F mg ma -=可得T 70.7F m mg ==则有货物受到向上的拉力为重力的0.7倍，故C 错误；D ．v －t 图像的面积表示货物上升的总位移，则总高度为(27)6m 27m 2h +=⨯= 故D 正确。
上海市静安区(六校联考)2021届新高考模拟物理试题含解析
上海市静安区(六校联考）2021届新高考模拟物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．空中飞椅是游乐场里少年儿童们十分喜爱的娱乐项目，其模型如图所示，顶端转盘上吊着多个座椅，甲、乙两个儿童分别坐在A 、B 两个吊椅中，当转盘以一定的角速度稳定匀速转动时，连接座椅的钢丝绳与竖直方向的夹角分别为a 、θ。
巳知连接A 、B 座椅的钢丝绳长度分别为L 1、L 2，甲、乙两儿童的质量分别为m 1、m 2，两座椅的质量相等，若a>θ，则一定有A ．L 1>L 2B ．L 1<L 2C ．m 1>m 2D ．m 1<m 2【答案】A【解析】【详解】 设座椅做匀速圆周运动时转速为n ，由重力和绳子的拉力的合力提供座椅圆周运动的向心力，如图，则有：2tan (2)(sin )mg m n L r θπθ=+解得1tan 2sin g n L rθπθ=+据题知：n 相同，r 也相同，则当L 变长时，θ变大，与m 无关。
A. L 1>L 2与计算结果相符，故A 正确。
B. L 1<L 2与计算结果不符，故B 错误。
C. m 1>m 2与计算结果不符，故C 错误。
D. m 1<m 2与计算结果不符，故D 错误。
2．在如图所示的位移（x ）—时间（t ）图象和速度（v ）—时间（t ）图象中，给出的四条图线甲、乙、丙、丁分别代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是（ ）A ．0~t 1时间内，乙车的速度一直大于甲车的速度B ．0~t 1时间内，甲车与乙车之间的距离先增大后减小C ．0~t 2时间内，丙、丁两车的距离逐渐减小D ．0~t 2时间内，丁车的速度先大于丙车，后小于丙车【答案】B【解析】【详解】A ．根据位移－时间图象的斜率表示速度，由图象可知，乙车的速度在0~t 1时间内并不是一直大于甲车的速度，故A 错误；B ．根据位移－时间图象的斜率表示速度，由图象可知，甲图线的斜率不变，说明甲的速度不变，做匀速直线运动，乙车的速度先大于甲车的速度后小于甲车的速度，且由同一地点向同一方向运动，则0~t 1时间内，甲车与乙车之间的距离先增大后减小，故B 正确；CD ．由速度－时间图像可知，0~t 2时间内，丁车的速度一直比丙车速度大，且由同一地点向同一方向运动，则两车间的距离一直增大，故CD 错误。
解析上海市静安区2021年高考物理一模试卷
一．单项选择题（共16分，每小题２分.)１．下列说法中正确的是（）A.液体和气体都没有固定的形状，都容易被压缩B．理想气体的分子间距离较大，分子间的作用力可以忽略不计Ｃ.气体的体积就是所有气体分子的体积之和D．液体分子和固体分子都有固定的平衡位置2．如图是某简单逻辑电路的真值表,根据这个真值表可以判断此逻辑电路使用的门电路和表中的“Ｘ”的取值分别为（)输入输出A B Z0０001Ｘ１０１111A.或门，Ｘ＝１B．与门，X=1 C．非门，Ｘ=０D.或门,Ｘ=0３.下列说法中，正确的是（)Ａ．物体吸收热量，内能一定增加Ｂ.物体吸收热量,同时对外做功,内能可能不变Ｃ.热量不可能从低温物体传到高温物体D．气体自由膨胀是可逆过程4．用一根轻绳将一质量为ｍ的画框对称悬挂在墙壁的钉子上，不计钉子和绳子的摩擦．已知轻绳所能承受的最大张力为T.现在增加轻绳的长度,而其它条件保持不变,则（）Ａ．轻绳的张力将变大B．轻绳的张力将变小C.轻绳对物体的作用力的合力将增大D．画框所受的合力变小5.关于电动势,下列叙述中正确的是（)A.电源电动势在数值上等于内外电压之和，若外电阻变大,电动势也变大B.电源电动势等于断路时两极间的电压，电源接入电路时,电动势减小C.电源的电动势表示电源把其他形式的能转化为电能的本领大小D.在闭合电路中，并联于电源两端的电压表的示数就是电源电动势６.某理想气体的初始压强为p0＝３aｔm，若保持温度不变，使它的压强增大了△p=２atm,而它的体积变化了△V=４Ｌ,则该气体的初始体积为（)Ａ.2LﻩB.4.37ＬﻩC.1０LﻩD．6Ｌ７．以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时,一个物体所受空气阻力可以忽略，另一个物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，下列用虚线和实线描述两物体运动的v﹣t图象可能正确的是（)A.ﻩB.ﻩＣ.ﻩD．8.如图所示，轻支架可绕O点无摩擦自由转动，Ａ端靠在墙上,将一小物体放在支架上让其自由下滑．支架和小物体间光滑,当小物体经过Ｏ点正上方时,A端受力Ｎ1；仅改变支架和小物体间的粗糙程度,使小物体能匀速下滑，当小物体经过O点正上方时，A端受力N2,则（）Ａ．Ｎ1=0ﻩB.N１<Ｎ２C.N1>Ｎ2ﻩＤ.Ｎ1=Ｎ2二.单项选择题(共２4分,每小题3分．）9.一定质量的理想气体处于平衡状态Ⅰ，现设法使其温度降低而压强增大，达到平衡状态Ⅱ，则（)A.状态Ⅰ时气体的密度比状态Ⅱ时的大B．从状态Ⅰ到状态Ⅱ气体对外做功C.状态Ⅰ时分子间的平均距离比状态Ⅱ时的大Ｄ．状态Ⅰ时每个分子的动能都比状态Ⅱ时的分子平均动能大10．如图所示的真空空间中，仅在正方体中的黑点处存在着电荷量大小为q的点电荷，现在a,ｂ两点放上两个电量相同的检验电荷，则两个检验电荷所受的电场力和电势能均相同的是（）A．ﻩＢ．ﻩC.D.11.如图所示，半圆槽光滑、绝缘、固定,圆心是O,最低点是P，半圆槽的直径MN水平，ａ、b是两个完全相同的带正电小球(视为点电荷),b固定在Ｍ点,ａ从N点静止释放,沿半圆槽运动经过P点到达某点Q(图中未画出)时速度为零．则关于小球a的运动以下说法不正确的是（)Ａ.从Ｎ到Q的过程中，重力与库仑力的合力先增大后减小B．从N到Q的过程中，速率先增大后减小Ｃ.从N到Q的过程中，电势能一直增加D．从N到Q的过程中,重力势能的减少量等于电势能增加量12.如图所示，两根直木棍ＡB和ＣD相互平行，固定在同一个水平面上.一个圆柱形工件P架在两木棍之间，在水平向右的推力F的作用下，恰好能向右匀速运动.若保持两木棍在同一水平面内，但将它们间的距离稍微增大一些后固定．仍将圆柱形工件Ｐ架在两木棍之间，用同样的水平推力F向右推该工件,则下列说法中正确的是（）Ａ．仍能向右匀速运动ﻩＢ.一定向右加速运动C．一定向右减速运动ﻩD.静止不动13．如图所示的电路中,R1为定值电阻，滑动变阻器的最大阻值为Ｒ2,电源电动势为ε,内阻不计．闭合开关S后，滑动变阻器滑片Ｐ从A端滑到B端过程中，电流表示数I与电压表示数Ｕ的变化关系的完整图线如图所示，则下列选项中正确的是( ）A．R１＝5Ω,Ｒ2=１5ΩB．R2=15Ω,ε=3VC．R1的最大功率为1.８W，滑动变阻器消耗的功率一直变大D.R1的最小功率为0．2W,滑动变阻器消耗的功率先增大后减小14.如图所示，两端封闭、粗细均匀的U形管,放在水平桌面上，两边封有理想气体,且一半管子置于容器A 中,一半管子置于容器Ｂ中，设Ａ中初温为ＴA，Ｂ中初温为ＴB,此时两管中水银面长度差为L,若同时将A、B温度升高△T，重新稳定后，则（）A．Ｌ可能不变Ｂ．L一定变大C．L一定变小D.A容器中气体的压强一定比Ｂ容器中气体的压强增加的多15.如图所示，在某旅游景点的滑沙场有两个坡度不同的滑道AＢ和AＢ′（都可看作斜面）,一名旅游者乘同一个滑沙橇从A点由静止出发先后沿AB和AB′滑道滑下，最后停在水平沙面BC或B′C上．设滑沙者保持一定坐姿，滑沙橇和沙面间的动摩擦因数处处相同.下列说法中正确的是( )Ａ.到达B点的速率等于到达B′点的速率Ｂ.到达B点时重力的功率大于到达B′时重力的功率C．沿两滑道滑行的时间一定相等D.沿两滑道滑行的总路程一定相等１6．如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端与一质量为m、套在粗糙竖直固定杆A处的圆环相连，弹簧水平且处于原长．圆环从A处由静止开始下滑，经过B处的速度最大(B为杆AC中某一点）,到达C处的速度为零，AC＝h.如果圆环在Ｃ处获得一竖直向上的速度ｖ,恰好能回到A．弹簧始终在弹性限度内,重力加速度为g．则圆环( )A．下滑过程中，加速度一直减小Ｂ．下滑过程中，克服摩擦力做的功为mｖ2C．从A下滑到C过程中弹簧的弹性势能增加量等于mghD.在Ｃ处，弹簧的弹性势能为mv2﹣mｇh三.多项选择题(共16分,每小题4分.每小题有二个或三个正确选项.）1７．图为直升飞机悬停于高空时,某伞兵离机沿竖直方向跳伞的v﹣t图象.图中曲线表( ）A.在0<t<ｌ0s内伞兵重力大于空气阻力B.第１0s末伞兵打开降落伞,此后做匀减速运动直至第１５s末Ｃ.在ｌ0s＜ｔ＜15ｓ内伞兵的加速度大小和速度大小都逐渐减小Ｄ．1５s后伞兵保持匀速下落,运动过程中机械能守恒1８.两电荷量分别为ｑ1和q２的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中Ａ、N两点的电势为零，NＤ段中Ｃ点电势最高，则( )A．C点的电场强度大小为零B.A点的电场强度大小为零C.NC间场强方向向x轴正方向Ｄ．将一负点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功19.如图所示电路中，电源的内电阻为r，R1、R3、Ｒ４均为定值电阻,电表均为理想电表．闭合电键S，当滑动变阻器R2的滑动触头P向右滑动时,电表的示数都发生变化,电流表和电压表的示数变化量的大小分别为I１、I2、U，下列说法正确的是（）Ａ.电压表示数变大ﻩB.电流表A2示数变大C.I1＜I２D.<r2０.如图所示，质量为M的小球被一根长为L的可绕Ｏ轴在竖直平面内自由转动的轻质杆固定在其端点，同时又通过绳跨过光滑定滑轮与质量为m的小球相连.若将Ｍ由杆呈水平状态开始释放，不计摩擦，忽略杆水平时质量为Ｍ的小球与滑轮间的距离,竖直绳足够长,则在杆转到竖直位置的过程中( ）A.质量为M的小球所受绳的拉力对转轴O的力臂逐渐减小B．两球总的重力势能改变量为﹣MgL+mgＬC．杆转到竖直位置时,ｍ的速度大小为D．杆转到竖直位置时，M的速度大小为四.填空题(共20分,每小题4分.)2１.某质点做直线运动,速度ｖ与位移s的关系式为v2=9＋2ｓ（均为国际单位)．则质点的初速度为v０＝m／ｓ，2s末的速度是v＝m/ｓ.22.如图所示电路，电池组的内阻ｒ＝2Ω,外电阻R1=4Ω，滑动变阻器Ｒ2的电阻可调范围为０～１０Ω．当滑动变阻器R2的电阻调为4Ω时，电源内部的热功率为２W,则电阻R2的阻值为Ω时R1的电功率达到最大值，电源的最大效率为．23.如图所示，某人在离地面高1０m处,以5m/ｓ的初速度水平抛出A球,与此同时在离A球抛出点水平距离ｓ处,另一人竖直上抛B球,不计空气阻力和人的高度,如果要使B球上升到最高点时与A球相遇，则Ｂ球的初速度大小为m/s，B球与Ａ球抛出点的水平距离ｓ为ｍ．（取g=10m/s2)２4．如图所示，物体a与物体b用跨过定滑轮的绝缘细绳相连，ａ、ｃ带有异种电荷,b不带电．m a=200g,m b=mｃ=50０g．a、b处于一水平方向的有界匀强电场中,ｃ物体处于电场外置于台秤的绝缘托盘上．现a、ｂ、ｃ三物体均处于静止状态．则c物带电荷；台秤的读数为N.(取g=10m/s２)２５.如图所示为同轴的轻质圆盘,可以绕水平轴Ｏ转动，大轮与小轮半径之比为３：1．小轮边缘所绕的细线悬挂质量为m的物块A．大轮边缘所绕的细线与放在水平面上质量为２m的物体B相连.将物体B从距离圆盘足够远处静止释放,运动中Ｂ受到的阻力f与位移ｓ满足关系式ｆ=ｋs（ｋ为已知恒量).则物体B运动的最大位移为，物体B运动的最大速度为.五．实验题(共２4分，本大题有4小题.)２６．用DIＳ研究一定质量的气体在体积不变时压强与温度的关系，部分实验装置如图（a)所示，研究对象为密闭在试管内的空气．实验得到如图(b)所示的ｐ﹣t图象,由图可知温度每升高1℃,压强增加Pa；若改用体积较大的试管密封初始温度和压强均相同的气体再次实验，得到图线的斜率将（选填“增大”、“减小”或“不变”）.２7．某同学使用多用电表测电阻，如图是多用表的刻度盘，选用倍率为“×10”的欧姆档测电阻时,表针指示图示位置,则所测电阻的阻值为Ω．如果要用此多用表测量一个约2.0×1０4Ω的电阻，为了使测量比较精确,应选的欧姆档是(选填“×10”、“×10０”、“×1Ｋ”或“×10Ｋ”)．若测量结束后,该同学将两表笔短接,发现电表指针指在电阻“0”刻度的右侧,则上述电阻的测量值(选填“偏大”、“偏小”或“不受影响”）．28．在用DIS研究小车加速度与外力的关系时，某实验小组先用如图（a)所示的实验装置,重物通过滑轮用细线拉小车，在小车和重物之间接一个不计质量的微型力传感器，位移传感器（发射器）随小车一起沿水平轨道运动，位移传感器(接收器)固定在轨道一端．实验中力传感器的拉力为F,保持小车(包括位移传感器发射器)的质量不变，改变重物重力重复实验若干次，得到加速度与外力的关系如图(ｂ)所示．（1）小车与轨道的滑动摩擦力f= N.（2)从图象中分析，小车（包括位移传感器发射器)的质量为ｋg.(3）该实验小组为得到a与Ｆ成正比的关系，应将斜面的倾角θ调整到tanθ=.29．用实验测一电池的内阻ｒ和一待测电阻的阻值R x.已知电池的电动势约６V．某同学的实验过程如下:Ⅰ．设计如图（a)所示的电路图,选择合适的器材正确连接实验电路(两电表均为理想电表)．Ⅱ.将R的阻值调到最大，闭合开关,逐次调小R的阻值，由两表读出多组U和I的值,得到如图(b）所示的U﹣Ｉ图线.Ⅲ．断开开关,将Rｘ改接在B、C之间,Ａ与B直接相连，其他部分保持不变.重复Ⅱ的步骤,在图(b)的坐标中得到另一条U﹣I图线，图线与横轴I的截距为I0，与纵轴U的截距为U０.求:(1)电源内阻ｒ= Ω；（２）用I０、Ｕ０和r表示待测电阻的关系式R x= ,代入数值可得R x;(３)Rｘ接在B、C之间与接在A、Ｂ之间比较，滑动变阻器滑片都从最大阻值位置调到某同一位置，两种情况相比,电流表示数变化范围,电压表示数变化范围.（选填“相同”或“不同”)六.计算题本大题有4小题．30.(２０1６•静安区一模）地铁列车可实现零排放,是替代燃油公交车的理想交通工具.若一地铁列车从甲站由静止启动后做直线运动,先匀加速运动20s达到最高速度7２ｋｍ/h，再匀速运动80s,接着匀减速运动15s到达乙站停住．设列车在匀加速运动阶段牵引力为1×106N，匀速阶段牵引力的功率为6×103kW,忽略匀减速运动阶段牵引力所做的功．(１）求甲站到乙站的距离；（2）如果使用燃油公交车作为交通工具,从甲站到乙站牵引力做的功与地铁列车牵引力的功相同,求公交车排放气体污染物的质量．(燃油公交车牵引力每做1焦耳功,排放气体污染物3×１0﹣６克)31．（20１６•静安区一模)一质量M＝10kg、高度L＝３5ｃｍ的圆柱形气缸，内壁光滑,气缸内有一薄活塞封闭了一定质量的理想气体，活塞质量m＝4kg、截面积Ｓ=100cm2.温度t0=２7℃时，用绳子系住活塞将气缸悬挂起来,如图甲所示，气缸内气体柱的高Ｌ１=32ｃm,如果用绳子系住气缸底，将气缸倒过来悬挂起来,如图乙所示,气缸内气体柱的高L2=3０cm，两种情况下气缸都处于竖直状态，取重力加速度ｇ=9.8ｍ/s２,求:(１）当时的大气压强;（2）图乙状态时，在活塞下挂一质量m′=3kg的物体,如图丙所示,则温度升高到多少时,活塞将从气缸中脱落．32．(2０１6•静安区一模）如图所示，两个带正电的点电荷M和N，带电量均为Q，固定在光滑绝缘的水平面上,相距２L，A，O,B是MN连线上的三点，且Ｏ为中点,OＡ=ＯB=,一质量为ｍ、电量为q的点电荷以初速度v0从A点出发沿MＮ连线向N运动,在运动过程中电荷受到大小恒定的阻力作用,但速度为零时，阻力也为零，当它运动到O点时，动能为初动能的ｎ倍，到Ｂ点刚好速度为零，然后返回往复运动，直至最后静止.已知静电力恒量为k，取O处电势为零．求：(1)A点的场强大小；（2）阻力的大小；(３）A点的电势；(4)电荷在电场中运动的总路程.３3．(2016•静安区一模）如图所示电路中,灯Ｌ标有“６V，3W”，定值电阻R１=４Ω，R２=10Ω,电源内阻r=２Ω，当滑片P滑到最下端时,电流表读数为1A,此时灯L恰好正常发光，试求：（１)滑线变阻器最大值R；(2)当滑片P滑到最上端时,电流表的读数;(3)当滑片P位于滑线变阻器的中点时,变阻器消耗的功率.202１年上海市静安区高考物理一模试卷参考答案与试题解析一.单项选择题（共16分,每小题2分.）1.下列说法中正确的是（）Ａ．液体和气体都没有固定的形状，都容易被压缩B.理想气体的分子间距离较大，分子间的作用力可以忽略不计C．气体的体积就是所有气体分子的体积之和D．液体分子和固体分子都有固定的平衡位置【考点】分子间的相互作用力.【专题】定性思想;推理法;分子间相互作用力与分子间距离的关系．【分析】气体分子间距达到分子直径的1０倍以上,故分子间距不能忽略不计；液体和固体分子间距较小，分子间距可以忽略不计；固体分子在平衡位置附近热运动，液体分子和气体分子位置不固定,液体和气体具有流动性．【解答】解:Ａ、气体分子间隙大，容易压缩；液体分子间隙小，忽略不计，不易被压缩；故A错误;B、理想气体的分子间距离较大,分子间的作用力可以忽略不计,故B正确;C、气体分子间距较大，不能忽略，故气体的体积远大于所有气体分子的体积之和，故C错误；D、固体分子在平衡位置附近做微小的振动,有固定的平衡位置;但液体具有流动性，平衡位置不固定，故D 错误；故选：B【点评】此题考查固体、液体的基本性质，只要把课本上的这些基础知识掌握即可,基础题目.2.如图是某简单逻辑电路的真值表,根据这个真值表可以判断此逻辑电路使用的门电路和表中的“X”的取值分别为( ）输入输出ＡＢZ00００1X10１111A．或门，X＝1ﻩB.与门,X=１ﻩＣ．非门,X=0ﻩD.或门，Ｘ=0【考点】简单的逻辑电路．【专题】定性思想;推理法；恒定电流专题．【分析】或门的特点是只要有一个条件满足，事件就能发生,即输入中有一个是１，输出就为1；与门的特点是条件全部满足，事件才能发生,即输入中全部是1,输出才为1；非门的特点是输入状态和输出状态完全相反,即输入为1,输出为0;输入为0,输出为１.【解答】解:从真值表中可知输入为“1,1”“1,0”输出为“1”,输入“０,0”输出为“0”，则只要有一个条件满足,事件就能发生,即输入中有一个是1,输出就为1,符合或门的特点，可知该门电路是或门，所以输入“0，1”,输出X为1．A正确；故选：A.【点评】考查逻辑电路的基础题型，解题关键是掌握三种简单逻辑电路的特点,并结合真值表进行判断.3．下列说法中，正确的是( )A．物体吸收热量，内能一定增加B．物体吸收热量,同时对外做功,内能可能不变C.热量不可能从低温物体传到高温物体Ｄ．气体自由膨胀是可逆过程【考点】热力学第一定律.【专题】定性思想;推理法;热力学定理专题.【分析】影响内能的方式有做功和热传递,在特定条件下热量会由低温物体传递给高温物体；布朗运动是液体分子的无规则热运动的反映；改变内能的方式有做功和热传递,外界对物体做正功,物体的内能不一定增大．【解答】解：Ａ、改变内能的方式有做功和热传递，物体吸收热量,物体的内能不一定增大,故A错误;B、改变内能的方式有做功和热传递，物体吸收热量，同时对外做功,内能可能不变,故B正确;C、热量在一定的条件下可以从低温物体传到高温物体,如电冰箱中热量会由低温物体传递给高温物体.故Ｃ错误；Ｄ、根据热力学第二定律气体自由膨胀是可逆过程．故D错误.故选:B【点评】本题考查了热力学第一定律和热力学第二定律的知识,难度不大,注意积累．改变内能的方式有做功和热传递，外界对物体做正功,物体的内能不一定增大.4.用一根轻绳将一质量为m的画框对称悬挂在墙壁的钉子上,不计钉子和绳子的摩擦．已知轻绳所能承受的最大张力为Ｔ.现在增加轻绳的长度，而其它条件保持不变，则( ）A．轻绳的张力将变大B.轻绳的张力将变小C.轻绳对物体的作用力的合力将增大D．画框所受的合力变小【考点】合力的大小与分力间夹角的关系;物体的弹性和弹力.【专题】定性思想；推理法；平行四边形法则图解法专题．【分析】根据平衡条件,两绳子拉力的合力与画框的重力等大反向，由几何知识得到两绳子拉力的表达式，然后判断其弹力与合力的变化．【解答】解：对画框受力分析，受两边绳子的拉力和重力：根据平衡条件：2Ｔcosθ=mg得:T=ＡB、增加绳子的长度,则θ减小，Ｔ减小，故A错误,B正确；CＤ、不论绳子多长,框所受的合力不变，即绳对物体的作用力的合力也不变，故CD错误;故选：B．【点评】本题是实际问题，能够将其转化为典型的物理模型是关键，熟练应用力的合成和分解以及合成与分解中的一些规律，是解决本题的根本．5.关于电动势,下列叙述中正确的是( )A．电源电动势在数值上等于内外电压之和，若外电阻变大，电动势也变大B．电源电动势等于断路时两极间的电压,电源接入电路时，电动势减小Ｃ．电源的电动势表示电源把其他形式的能转化为电能的本领大小D．在闭合电路中，并联于电源两端的电压表的示数就是电源电动势【考点】电源的电动势和内阻．【专题】定性思想；推理法;恒定电流专题.【分析】电动势与电压是两个不同的概念，电动势等于内外电路电压之和．电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量．电动势由电源本身的特性决定，与外电路的结构无关.【解答】解:Ａ、电动势表征电源把其它形式的能转化为电能的本领大小,电压等于电势差,不能说电动势就是电压，但在数值上电动势等于内外电压之和不变.故A错误B、电源电动势约等于断路时两极间的电压,电源接入电路时,电动势不变,同B错误Ｃ、电源是把其它形式的能转化为电能的装置，电动势就是表示电源将其他形式的能转化为电能本领大小的物理量，故Ｃ正确D、在闭合电路中,并联于电源两端的电压表的示数为外压,则D错误故选：C【点评】本题考查对电动势的理解．关键抓住电动势的物理意义:表征电源把其它形式的能转化为电能的本领大小6.某理想气体的初始压强为p0＝3atm，若保持温度不变，使它的压强增大了△ｐ=２ａtm,而它的体积变化了△V＝4L，则该气体的初始体积为（)A.２ＬﻩＢ.4．37ＬﻩＣ.10L D.6Ｌ【考点】理想气体的状态方程.【专题】定性思想;方程法;理想气体状态方程专题.【分析】气体发生等温变化,根据题意求出气体的状态参量，应用玻意耳定律可以求出气体体积．【解答】解：由题意可知，气体的压强增大，则体积减小;气体初状态参量:p1=3atm，设体积为：Ｖ１＝V,末状态参量:p２=3+2=５atm,V2=V﹣4L,由玻意耳定律得：p1V１=p2V2，即:3Ｖ=5×(V﹣4)，代入数据解得：Ｖ=１0Ｌ；选项C正确,ABD错误.故选：C【点评】本题考查了求气体的体积，应用玻意耳定律即可正确解题,解答的关键是需要先判断出气体的压强增大,气体的体积减小．7.以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时,一个物体所受空气阻力可以忽略，另一个物体所受空气阻力大小与物体速率成正比,下列用虚线和实线描述两物体运动的v﹣t图象可能正确的是（）A.ﻩB．Ｃ．D．【考点】竖直上抛运动;匀变速直线运动的图像．【分析】竖直上抛运动是初速度不为零的匀变速直线运动，加速度恒定不变,其v﹣t图象是倾斜的直线；有空气阻力时,根据牛顿第二定律判断加速度情况，v﹣t图象的斜率表示加速度，即可作出选择.【解答】解：没有空气阻力时,物体只受重力，作竖直上抛运动，v﹣t图象是向下倾斜的直线，如虚线所示；有空气阻力时：上升阶段,根据牛顿第二定律，有：ｍｇ+f＝ｍa,故a＝g+,由于阻力随着速度而减小,故加速度逐渐减小,最小值为g；下降阶段,根据牛顿第二定律,有:mg﹣f=ｍａ,故a=g﹣,由于阻力随着速度而增大，故加速度减小；v﹣t图象的斜率表示加速度,故图线与t轴的交点对应时刻的加速度为g，切线与虚线平行；故ＡCD错误,Ｂ正确．故选：B.【点评】本题关键是运用牛顿第二定律分析加速度的变化,要明确v﹣ｔ图象上某点的切线斜率表示加速度，速度为零时加速度为ｇ.8．如图所示，轻支架可绕Ｏ点无摩擦自由转动,A端靠在墙上，将一小物体放在支架上让其自由下滑.支架和小物体间光滑,当小物体经过O点正上方时,A端受力N1;仅改变支架和小物体间的粗糙程度,使小物体能匀速下滑，当小物体经过Ｏ点正上方时,Ａ端受力N2，则( )A.N1=0ﻩB．N1＜Ｎ２Ｃ．N1＞N2D．Ｎ1=N2【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以O为支点,根据力矩平衡条件研究N1与N2的大小关系．支架和小物体间光滑,当支架和小物体间光滑小物体经过Ｏ点正上方时,N１的力矩与物块对支架压力的力矩平衡.当小物体匀速下滑经过O点正上方时，Ｎ2的力矩与摩擦力的力矩之和等于物块对支架压力的力矩．【解答】解：设物体经过Ｏ点正上方时对支架的压力大小为N．以O为支点.当支架和小物体间光滑，小物体经过Ｏ点正上方时,根据力矩平衡得知Ｎ1的力矩与物块对支架压力的力矩平衡,即：M N1=ＭN.当小物体匀速下滑经过O点正上方时，Ｎ2的力矩与摩擦力的力矩之和等于物块对支架压力的力矩，即M N2+Mｆ=M N．由于两次物块对支架压力的力矩相等，得MＮ１＝ＭN２+Ｍf，则有MＮ1>MＮ2，而力臂不变，所以N１>N ２．故选C【点评】本题是力矩平衡问题,分析除支点以外支架的受力情况是解题的关键,还要分析力矩的方向.二．单项选择题(共24分,每小题3分．）９．一定质量的理想气体处于平衡状态Ⅰ,现设法使其温度降低而压强增大,达到平衡状态Ⅱ，则（）A.状态Ⅰ时气体的密度比状态Ⅱ时的大B.从状态Ⅰ到状态Ⅱ气体对外做功C.状态Ⅰ时分子间的平均距离比状态Ⅱ时的大D.状态Ⅰ时每个分子的动能都比状态Ⅱ时的分子平均动能大【考点】理想气体的状态方程.【专题】定性思想；推理法；理想气体状态方程专题．【分析】由题意可知气体的变化,则由温度与分子平均动能的关系可得出平均动能的变化；由理想气体状态方程可得出体积的变化,则可判断密度的变化；由热力学第一定律要得出气体内能的变化．【解答】解：A、气体温度降低而压强升高,由理想气体状态方程可知,体积V一定减小，则状态I时的密度小于状态Ⅱ时的密度,故A错误；B、因温度降低,气体的体积减小，可知是外界对气体做功，故B错误;C、由于体积减小，状态Ⅰ时分子间的平均距离比状态Ⅱ时的大,故C正确;D、气体分子的平均动能减小，但是对于单个分子来说,其分子的动能不一定减小,甚至有可能增大，故D 错误；故选:C。
上海市静安区2021届高考第一次三校联考物理试卷含解析
上海市静安区2021届高考第一次三校联考物理试卷一、单项选择题（每小题只有一个正确答案，第1-8题，每题3分，第9-12题，每题4分，共40分） 1．下列说法正确的是（ ）A ．核反应前后质量并不守恒B ．爱因斯坦在研究光电效应现象时提出了能量子假说C ．用一束绿光照射某金属，能产生光电效应，现把这束绿光的强度减为原来的一半，则没有光电子飞出D ．在光电效应现象中，光电子的最大初动能与入射光的频率成正比【答案】A【解析】A ．由于存在质量亏损，所以核反应前后质量并不守恒，A 正确；B ．普朗克在研究黑体辐射问题时提出了能量子假说，B 错误；C ．用一束绿光照射某金属，现把这束绿光的强度减为原来的一半，因为频率不变，所以仍能发生光电效应有光电子飞出，C 错误；D ．在光电效应现象中，根据光电效应方程0km E h W ν=-可知光电子的最大初动能随入射光频率的增大而增大，但非成正比关系，D 错误。
故选A 。
2．如图所示，在纸面内半径为R 的圆形区域中充满了垂直于纸面向里、磁感应强度为B 的匀强磁场，一点电荷从图中A 点以速度v 0垂直磁场射入，与半径OA 成30°夹角，当该电荷离开磁场时，速度方向刚好改变了180°，不计电荷的重力，下列说法正确的是( )A ．该点电荷离开磁场时速度方向的反向延长线通过O 点B ．该点电荷的比荷为02v q m BR= C ．该点电荷在磁场中的运动时间为t ＝03R v π D ．该点电荷带正电【答案】B【解析】如图所示，点电荷在磁场中做匀速圆周运动，根据几何关系作出点电荷运动轨迹有：电荷在电场中刚好运动T/1，电荷做圆周运动的半径r=Rsin30∘=R/1．A. 如图，电荷离开磁场时速度方向与进入磁场时速度方向相反，其反向延长线不通过O点，故A错误；B. 根据洛伦兹力提供向心力有20 0v qv B mr=，所以：002v vqm Br RB==，故B正确；C. 由图知该电荷在磁场中运动的时间t=0012222T r Rv vππ=⨯=，故C错误；D. 根据电荷偏转方向，由左手定则可知，该电荷带负电，故D错误．故选B3．如图所示，一个内壁光滑、导热性能良好的汽缸竖直吊在天花板上，开口向下，质量与厚度均不计、导热性能良好的活塞横截面积为S=2×10-3m2，与汽缸底部之间封闭了一定质量的理想气体，此时活塞与汽缸底部之间的距离h=24cm，活塞距汽缸口10cm。
上海市静安区2021届新高考第一次大联考物理试卷含解析
上海市静安区2021届新高考第一次大联考物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图，将a 、b 两小球以不同的初速度同时水平抛出，它们均落在水平地面上的P 点，a 球抛出时的高度较b 球的高，P 点到两球起抛点的水平距离相等，不计空气阻力．与b 球相比，a 球A ．初速度较大B ．速度变化率较大C ．落地时速度一定较大D ．落地时速度方向与其初速度方向的夹角较大【答案】D【解析】【详解】A.由212h gt =可得，高度越高，下落时间越大，由x υt =可知，两球水平位移相同，但是b 求运动时间短，故b 球初速度较大，A 错误；B.速度变化率即表示加速度，两球加速度相同，故速度变化率相同，B 错误；C.a 球的水平速度小于b 球，故落地时虽然竖直分速度大于b 球，但是合速度不一定大于b 球，C 错误；D.由tan gt θυ=，a 球落地时间t 大，但是υ小，故a 球的tan θ一定大于b 球，即a 球落地时速度方向与其初速度方向的夹角较大，D 正确；故选D 。
2．极地卫星的运行轨道经过地球的南北两极正上方（轨道可视为圆轨道）．如图所示，某时刻某极地卫星在地球北纬45°A 点的正上方按图示方向运行，经过12h 后再次出现在A 点的正上方，地球自转周期为24h ．则下列说法正确的是A ．该卫星运行周期比同步卫星周期大B ．该卫星每隔12h 经过A 点的正上方一次C ．该卫星运行的加速度比同步卫星的加速度小D ．该卫星所有可能角速度的最小值为rad/h 8π 【答案】D【解析】【详解】地球在12h 的时间内转了180°，要使卫星第二次出现在A 点的正上方，则时间应该满足34T+nT ＝12h ，解得48h 43T n +＝（n=0、1、2、3、），当n=0时，周期有最大值T=16h ，当n 的取值不同，则周期不同，则该卫星运行周期比同步卫星周期小，选项A 错误；由以上分析可知，只有当卫星的周期为16h 时，每隔12h 经过A 点上方一次，选项B 错误； 卫星的周期小于同步卫星的周期，则运转半径小于同步卫星的半径，根据2GM a r =可知，该卫星运行的加速度比同步卫星的加速度大，选项C 错误；该卫星的最大周期T=16h ，则最小的角速度为：2=rad/h 8T ππω=，选项D 正确. 3．氢原子光谱在可见光区域内有四条谱线，都是氢原子中电子从量子数n>2的能级跃迁到n=2的能级发出的光，它们在真空中的波长由长到短，可以判定A ．对应的前后能级之差最小B ．同一介质对的折射率最大C ．同一介质中的传播速度最大D ．用照射某一金属能发生光电效应，则也一定能 【答案】A【解析】试题分析：根据分析前后能级差的大小；根据折射率与频率的关系分析折射率的大小；根据判断传播速度的大小；根据发生光电效应现象的条件是入射光的频率大于该光的极限频率判断是否会发生光电效应．波长越大，频率越小，故的频率最小，根据可知对应的能量最小，根据可知对应的前后能级之差最小，A 正确；的频率最小，同一介质对应的折射率最小，根据可知的传播速度最大，BC 错误；的波长小于的波长，故的频率大于的频率，若用照射某一金属能发生光电效应，则不一定能，D 错误．【点睛】光的波长越大，频率越小，同一介质对其的折射率越小，光子的能量越小．4．质量为1kg 的物块M 水平向右滑上逆时针转动的传送带如图甲所示，物块的v －t 图像如图乙所示。
上海市静安区2021届第一次新高考模拟考试物理试卷含解析
上海市静安区2021届第一次新高考模拟考试物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．在光滑水平面上有一个内外壁都光滑的气缸质量为M ，气缸内有一质量为m 的活塞，已知M ＞m ．活塞密封一部分理想气体．现对气缸施加一个水平向左的拉力F （如图甲），稳定时，气缸的加速度为a 1，封闭气体的压强为p 1，体积为V 1；若用同样大小的力F 水平向左推活塞（如图乙），稳定时气缸的加速度为a 1，封闭气体的压强为p 1，体积为V 1．设密封气体的质量和温度均不变，则 ( )A ．a 1 =a 1，p 1＜p 1，V 1＞V 1B ．a 1＜a 1，p 1＞p 1，V 1＜V 1C ．a 1=a 1，p 1＜p 1，V 1＜V 1D ．a 1＞a 1，p 1＞p 1，V1＞V1 【答案】A 【解析】 【分析】 【详解】两种情况下对整体受力分析由F ma =，因此12a a = 对活塞进行受力分析，第一种情况01P S PS ma -= 对第二种情况01F P S PS ma +-= 因此可得12P P <密封气体得质量和温度不变，因此可得12V V >，因此A 正确2．卫星绕某一行星的运动轨道可近似看成是圆轨道，观察发现每经过时间t ，卫星运动所通过的弧长为l ，该弧长对应的圆心角为θ。
已知引力常量为G ，由此可计算该行星的质量为（ ）A ．22l GtB ．22l G tθ C ．2l G t θD ．22l G tθ 【答案】B 【解析】 【详解】设卫星的质量为m ，卫星做匀速圆周运动的轨道半径为r ，则22Mm v G m r r= 其中lr q =，l v t= 联立可得22l M G t θ=故B 正确，ACD 错误。
故选B 。
3．如图，电动机以恒定功率将静止的物体向上提升，则在达到最大速度之前，下列说法正确的是（ ）A ．绳的拉力恒定B ．物体处于失重状态C ．绳对物体的拉力大于物体对绳的拉力D ．绳对物体的拉力大于物体的重力 【答案】D 【解析】 【详解】A ．功率恒定，根据P Fv =可知当v 从零逐渐增加，则拉力逐渐减小，故A 错误；BD ．加速度向上，处于超重，物体对轻绳的拉力大于物体重力，故B 错误，D 正确；C ．绳对物体的拉力和物体对绳的拉力是一对作用力和反作用力，根据牛顿第三定律，可知两者等大反向，故C 错误。
上海市静安区2021届新高考模拟物理试题(市模拟卷)含解析
上海市静安区2021届新高考模拟物理试题（市模拟卷）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，将直径为d ，电阻为R 的闭合金属环从匀强磁场B 中拉出，这一过程中通过金属环某一截面的电荷量为（ ）A ．24B d Rπ B ．2Bd R π C ．2Bd R D ．2Bd Rπ 【答案】A【解析】【分析】【详解】金属环的面积： 2224d d S ππ==（） 由法拉第电磁感应定律得：BS E t tΦ==V V V 由欧姆定律得，感应电流： E I R =感应电荷量：q=I △t ，解得：24B d q R RV πΦ== 故A 正确，BCD 错误；故选A ．【点睛】本题考查了求磁通量的变化量、感应电荷量等问题，应用磁通量的定义式、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、电流定义式即可正确解题，求感应电荷量时，也可以直接用公式q R∆Φ=计算．2．如图，S 是波源，振动频率为100Hz ，产生的简谐横波向右传播，波速为40m/s 。
波在传播过程中经过P 、Q 两点，已知P 、Q 的平衡位置之间相距0.6m 。
下列判断正确的是（ ）A ．Q 点比P 点晚半个周期开始振动B ．当Q 点的位移最大时，P 点的位移最小C ．Q 点的运动方向与P 点的运动方向可能相同D ．当Q 点通过平衡位置时，P 点也通过平衡位置【答案】D【解析】【分析】【详解】A ．根据v f λ=可知，波长 40m 0.4m 100v f λ=== 又 0.6m 1.5PQ λ==故Q 点比P 点晚1.5个周期开始振动，A 错误；BC ．P 、Q 两点的平衡位置距离是半个波长的奇数倍，故两者振动情况完全相反，即两点的运动方向始终相反，当Q 点的位移最大时，P 点的位移也最大，但两者方向相反，BC 错误；D 、两点平衡位置距离是半个波长的奇数倍，所以当Q 通过平衡位置时，P 点也通过平衡位置，但两者运动方向相反，D 正确。
(含5套模拟卷)上海市静安区2021届新高考第一次模拟物理试题含解析
上海市静安区2021届新高考第一次模拟物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．已知天然材料的折射率都为正值(n>0)。
近年来，人们针对电磁波某些频段设计的人工材料，可以使折射率为负值(n<0)，称为负折射率介质。
电磁波从正折射率介质入射到负折射介质时，符合折射定律，但折射角为负，即折射线与入射线位于界面法线同侧，如图1所示。
点波源S 发出的电磁波经一负折射率平板介质后，在另一侧成实像。
如图2所示，其中直线SO 垂直于介质平板，则图中画出的4条折射线（标号为1、2、3、4）之中，正确的是（ ）A ．1B ．2C ．3D ．4【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】由题意可知，负折射率的介质使得折射光线与入射光线均在法线的同一侧，现在让我们判断从S 点发出的这条光线的折射光线，则光线1、2是不可能的，因为它们均在法线的另一侧，光线3、4是可能的，但是题意中又说明在另一侧成实像，即实际光线有交点，光线3在射出介质时，其折射线如左图所示，折射光线反向延长线交于一点，成虚像。
而光线4的折射光线直接相交成实像（如右图所示）。
故选D 。
2．a b 、两车在平直的公路上沿同一方向行驶，两车运动的v t -图象如图所示。
在0t =时刻，b 车在a 车前方0S 处，在10~t 时间内，b 车的位移为s ，则（ ）A ．若a b 、在1t 时刻相遇，则03s s =B ．若a b 、在12t 时刻相遇，则032s s = C ．若a b 、在13t 时刻相遇，则下次相遇时刻为143t D ．若a b 、在14t 时刻相遇，则下次相遇时a 车速度为13v 【答案】B 【解析】 【详解】A ．根据题述，在0t =时刻，b 车在a 车前方0S 处，在10~t 时间内，b 车的位移为s ，若a b 、在1t 时刻相遇，根据v t -图线与坐标轴所围图形的面积表示位移，则有03s s s +=解得02s s =，故A 错误； B ．若a b 、在12t 时刻相遇，根据v t -图线与坐标轴所围图形的面积表示位移，则有 0744s s s += 解得032ss =，故B 正确； C ．若a b 、在13t 时刻相遇，则下次相遇的时刻为关于1t t =对称的153t 时刻，故C 错误； D ．若a b 、在14t 时刻相遇，则下次相遇时刻为174t ，下次相遇时a 车速度 111117244a v t v v v t =-⋅= 故D 错误。
上海市静安区2021届新高考物理模拟试题(2)含解析
上海市静安区2021届新高考物理模拟试题（2）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．一带电粒子从A点射人电场，从B点射出，电场的等势面和粒子的运动轨迹如图所示，图中左侧前三个等势面彼此平行，不计粒子的重力．下列说法正确的有A．粒子带正电荷B．粒子的速度不断增大C．粒子的加速度先不变，后变小D．粒子的电势能先减小，后增大【答案】C【解析】【分析】【详解】A.带电粒子做曲线运动，受力指向曲线的内侧，所以所受电场力向左，带负电；A错；BC.电场力做负功，所以动能越来越小，电势能越来越大，速度越来越小B错；C,对；D.等势线的疏密程度反映场强大小，所以所受电场力越来越小，加速度越来越小，D错．故选C2．如图，劲度系数为400N/m的轻弹簧一端固定在倾角为45°的光滑楔形滑块的顶端O处，另一端拴一质量为m=1010kg的小球。
当楔形滑块以大小为a=3g的加速度水平向右运动时，弹簧的伸长量为（取g=10m/s2）（）A．54cm B．104cm C．1.25cm D．2.5cm【答案】D【解析】【详解】当小球和斜面间的弹力为零时，设此时的加速度大小为a 0，则由牛顿第二定律，有0tan mg ma θ= 代入数据得a 0=g故当滑块以a=3g 的加速度水平向右运动时，由a ＞a 0，知小球此时离开斜面，根据受力分析，结合力的合成与分解，可得22()0()1F mg ma mg =+=根据胡克定律有F=kx联立代入数据得x=2.5×10-2m=2.5cm故ABC 错误，D 正确；故选D 。
3．如图所示，强度足够的、不可伸长的轻线一端系着一个小球p ，另一端套在图钉A 上，图钉A 正上方有距它h 的图钉B ，此时小球在光滑的水平平台上做半径为a 的匀速圆周运动。
现拔掉图钉A ，则A ．小球继续做匀速圆周运动B ．小球做远离O 的曲线运动，直到被图钉B 拉住时停止C ．小球做匀速直线运动，直到被图钉B 拉住时再做匀速圆周运动D ．不管小球做什么运动，直到被图钉B 拉住时小球通过的位移为h【答案】C【解析】【详解】ABC.拔掉钉子A 后，小球沿切线飞出，做匀变速直线运动，知道线环被钉子B 套住，之后细线的拉力提供向心力，小球再做匀速圆周运动，故C 正确，AB 错误。
解析上海市静安区2021年高三上学期期末一模质量检测物理试题
202１年上海市静安区高考物理一模试卷一．(16分）单项选择题Ⅰ本大题有8小题，每小题2分1.(２分）（2014•静安区一模)关于宇宙,下列说法中正确的是（）A．地球是宇宙中唯一有卫星的星球B．恒星的寿命取决于亮度C. 太阳能够发光、放热，主要是因为太阳内部不断发生化学反应D．银河系是一种旋涡星系，太阳处在其中的一个旋臂上【考点】：恒星的演化;人类对物质结构的认识.【分析】：宇宙中有卫星的星球很多,比如太阳系中的木星就有许多卫星.恒星的寿命和它的质量有关,质量越大的恒星寿命越短．核聚变是较轻的原子核结合成较重的原子核的一种核反应．太阳内部为核聚变．银河系的中心有一个突起的核球，半径有一万多光年,里面的物质非常密集,充满了浓厚的星际介质和星云．银河系还有一个扁平的盘，称为银盘.硬盘中恒星很密集,还有各种星际介质和星云及星团．银盘的直径有1０多万光年,厚度只有几千光年．我们看到的银河,就是银盘中遥远的恒星密集在一起形成的.银盘一个非常引人注目的结构是有旋涡状的旋臂,因此银河系属于旋涡星系.【解析】:解：A、宇宙中有卫星的星球很多,比如木星就有许多卫星．故A错误．Ｂ、恒星的寿命和它的质量有关，质量越大的恒星寿命越短.这是因为质量越大压力就越大，这种情况下恒星内部的核反应就更加剧．故B错误．C、在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生核聚变，释放巨大的核能,故太阳能发光、放热,故Ｃ错误．D、银河系的中心有一个突起的核，称为核球,另外还有银盘和银晕,银盘一个非常引人注目的结构是有旋涡状的旋臂，因此银河系属于旋涡星系，太阳处在其中的一个旋臂上．故Ｄ正确．故选：D．【点评】：本题考查学生对恒星的理解,这要求在平时的学习中要对积累相关的知识,做到处处留心.2.（2分）(2014•静安区一模)如图所示为某一“门”电路的输入与输出关系波形图．Ａ、B为输入信号,Z为输出信号,由图可知，该门电路是（)A. “或”门B. “与”门C．“非”门D．“与非”门【考点】：简单的逻辑电路．【分析】：与门的特点：事件的所有条件满足，事件才能发生.或门的特点：只要有一个条件满足，事件就能发生.非门的特点:输入状态和输出状态完全相反.【解析】：解：将A、B两个门电路分别代入，输入端只要由一个是“１”，输出端就是“1”,输入端都是“0”,输出端才为“０”,所以该电路是：或“门电路．故Ａ正确．故选:Ａ．【点评】:解决本题的关键掌握门电路的特点，与门的特点:事件的所有条件满足,事件才能发生.或门的特点:只要有一个条件满足，事件就能发生．非门的特点：输入状态和输出状态完全相反．3.（2分)（2014•静安区一模)两个温度不同的物体相接触，热平衡后，它们具有的相同物理量是( ）A. 内能Ｂ. 分子平均动能Ｃ. 分子势能Ｄ．热量【考点】：温度是分子平均动能的标志．【分析】:在热传递过程中是内能从高温物体传递到了低温物体，温度是分子平均动能的标志.【解析】：解：两个不同温度的物体相互接触的时候会发生热传递，而在热传递过程中是内能从高温物体传递到了低温物体，热平衡后温度相同,分子的平均动能相同．故选B．【点评】:本题考查了速度是分子平均动能的标志，热平衡的标志是温度相同.4．（2分)(2014•静安区一模）如图所示，用轻绳系住一小球静止在光滑斜面上．若要按力的实际作用效果来分解小球的重力Ｇ,则G的两个分力的方向分别是图中的( )A．1和４B. 2和４C．3和４Ｄ．3和2【考点】：力的分解.【专题】:平行四边形法则图解法专题.【分析】:将力进行分解时,一般要按照力的实际作用效果来分解或按需要正交分解,若要按照力的实际作用效果来分解，要看力产生的实际效果．【解析】:解：小球重力产生两个效果,一是使绳子拉伸，二是使斜面受压,故应按此两个方向分解,分别是３和4.故选：Ｃ.【点评】:按照力的实际作用效果来分解是常用方法，看准产生的效果即可，比较简单.５．(2分）(2014•静安区一模）一节干电池的电动势为1.５Ｖ,表示该电池( ）A．一定有1.5J的化学能转变成电能B. 在工作状态下两极间的电压恒定为1.５ＶC．比电动势为1．2Ｖ的电池存储的电能多D．将１C电量由负极输送到正极过程中,非静电力做了１.5J的功【考点】:电源的电动势和内阻.【专题】:恒定电流专题.【分析】:电源是一种把其它形式的能转化为电能的装置,电动势E的大小等于非静电力做的功与电量的比值，即Ｅ=，其大小表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小，而与转化能量多少无关.【解析】：解:A、D、电源电动势的大小表征了电源把其它形式的能转化为电能的本领大小，电动势在数值上等于将1C电量的正电荷从电源的负极移到正极过程中非静电力做的功,即一节干电池的电动势为1．5V,表示该电池能将１C电量的正电荷由负极移送到正极的过程中,非静电力做了1.5J的功,故D正确,A错误；B、工作状态时两极间的电压为路端电压，小于电源的电动势；故B错误;C、电动势大的说明电源把其它形式的能转化为电能的本领大,但电动势大的存储的电能不一定多，故C错误.故选：D.【点评】:电动势E大小表征电源把其它形式能转化为电能本领大小，而电压U大小表征电能转化为其它形式的能的大小，要注意区分.6．（２分)（2014•福建)如图为一定质量理想气体的压强p与体积V的关系图象,它由状态A经过等容过程到状态B,再经过等压过程到状态Ｃ.设Ａ、B、C状态对应的温度分别为ＴＡ、TＢ、T C,则下列关系式中正确的是( ）Ａ. ＴA<TＢ,T B＜T C B. TＡ>TＢ，T B＝ＴC C．T A＞TＢ，ＴＢ<T C D. TＡ＝T B,TＢ>ＴC 【考点】:理想气体的状态方程.【专题】:理想气体状态方程专题.【分析】：由图象求出A、B、C三状态的压强与体积，然后由理想气体的状态方程求出各状态的温度，然后比较温度大小.【解析】：解：A与B状态的体积相同，则:，得:,T A>ＴＢ;B与C的压强相同，则:得:,T B＜TＣ．所以选项Ｃ正确.故选：Ｃ【点评】：本题考查了比较气体的温度高低,由图象求出气体的压强与体积、应用理想气体压强公式即可正确解题．７.(２分)(2０1４•静安区一模)光滑水平面上的木块受到水平力F1与F２的作用而静止不动.现保持Ｆ1恒定不变,Ｆ2方向不变，其大小随时间均匀减小到零后再均匀增加到原来大小.在这个过程中,能正确描述木块运动情况的图象是( )A. B．C． D.【考点】:牛顿第二定律;匀变速直线运动的图像．【专题】：牛顿运动定律综合专题.【分析】:根据牛顿第二定律,通过合力的变化判断出加速度的变化．从而得出速度随时间的变化规律．【解析】：解:物体的加速度a=,因为F l大小和方向不变,Ｆ2方向不变,使F2随时间均匀减小到零，再均匀增加到原来的大小，知加速度先均匀增大，再均匀减小．加速度变化，则速度随时间变化图线为曲线,速度一直增加,故C正确，ABD错误．故选:C．【点评】:本题考查牛顿第二定律的基本运用,知道加速度的方向与合力的方向相同.8.(２分）（2014•静安区一模)如图所示，质量为Ｍ、上表面光滑的平板水平安放在A、B两固定支座上.质量为m的小滑块以某一速度匀速从木板的左端滑至右端.能正确反映滑行过程中,B 支座所受压力N B随小滑块运动时间t变化规律的是( ）A．B． C. D．【考点】：力矩的平衡条件.【分析】:以A支座为转轴,以平板和小滑块m为研究对象,分析受力:除转轴外,整体受到重力和B支座的支持力,根据力矩平衡列方程得到支持力的解析式,再由牛顿第三定律得到B支座所受压力N B随小滑块运动时间t变化的解析式,来选择图象.【解析】：解：设小滑块的速度大小为v,平板长为Ｌ，质量为Ｍ.以Ａ支座为转轴,则根据力矩平衡，得mg•vt+MｇL=NＢ′•L得到NＢ′＝Mｇ+t根据牛顿第三定律,得B支座所受压力N B=Mg+t，可见，C正确故选：C【点评】：本题是根据力矩平衡条件列方程,得到压力NＢ与时间关系的解析式，再根据解析式来选择图象,这是图象问题常用的方法.二．（２4分)单项选择题Ⅱ本大题有8小题，每小题３分．9．(3分）（２014•静安区一模)如图所示,一定质量的理想气体，经过图线A→B→C→A的状态变化过程,AB的延长线过O点，CA与纵轴平行．由图线可知( )A. A→B过程压强不变,气体对外做功B．B→C过程压强增大，外界对气体做功C．C→A过程压强不变,气体对外做功D. Ｃ→Ａ过程压强减小，外界对气体做功【考点】：理想气体的状态方程;封闭气体压强．【分析】：由图示图象判断气体的状态变化过程,应用气态方程判断气体体积如何变化，然后应用气体的体积增大的过程中对外做功，体积减小的过程中外界对气体做功.【解析】：解:如图做过C的等容线,则体积相等的情况下,C的温度高,所以C的压强一定比AB 两点的压强大．Ａ、由图示可知，AB过程,气体体积与热力学温度成正比，则气体发生等压变化,气体压强不变,体积减小，外界对气体做功,故A错误;Ｂ、如图做过C的等容线,则体积相等的情况下,Ｃ的温度高，所以C的压强一定比AB的压强大,由图可知体积减小,外界对气体做功；故B正确；C、D、C的压强一定比AB两点的压强大,所以C→A过程压强减小；由图可知气体的体积增大，气体对外界做功．故CD错误.故选:B.【点评】:本题考查气体的状态方程中对应的图象，要抓住在P﹣T图象中等压线为过原点的直线．解决此类题目得会从图象中获取有用信息,判断出气体情况，内能变化情况，然后利用热力学第一定律即可做出正确得分析．10．（３分)(2０１４•静安区一模）如图所示,带正电的点电荷Q固定，电子仅在库仑力作用下,做以Ｑ点为焦点的椭圆运动，M、P、N为椭圆上的三点,P点是轨道上离Q最近的点．vＭ、v N 和EＭ、E N分别表示电子在M、Ｎ两点的速度和电势能,则电子从M点逆时针运动到Ｎ点( ）A．电子的动能先减小后增大B. 电场力对电子做了正功C. ｖM<vＮ，E M＞E N D．v M＞v N，EＭ＜EＮ【考点】：电势能；动能定理的应用.【分析】:根据影响速度和电势能大小的因素来分析速度和电势能的变化，找到转化的方向．对于系统能量守恒,机械能与电势能相互转化．【解析】:解：AB、当电子从Ｍ点向Ｎ点运动时，库仑力对电子先做正功,后做负功,运动的速度先增加后减小,所以动能先增加后减小，故A、Ｂ错误.CＤ、根据功能关系可知,电子的电势能先减小后增加，电场力所做的总功为正，所以总的电势能减小,动能增大，则v M<ｖN，E M＞ＥN.故C正确,D错误;故选：BC【点评】:考查牛顿第二定律与库仑定律等规律,掌握库仑力做功的特点,库仑力做正功，电势能减小，库仑力做负功，电势能增加.同时注意系统的机械能与能量的区别．11.(3分)(２01４•静安区一模)如图所示,P、Ｑ是两个带电量相等的负点电荷，它们连线的中点是O，A、B是PQ连线中垂线上的两点,ＯA<OB，现将一负电荷先后放在A点与B点，用E A、E B,εＡ、εＢ分别表示A,B两点的场强和负电荷在这两点时的电势能，则下列说法正确的是（)A. EＡ一定大于E B，εA一定大于εBB．EＡ一定小于E B，εＡ不一定大于εBC．E A不一定大于E B，εA一定大于εBD．ＥＡ可能小于E B，εA一定小于εB【考点】:电势能．【分析】:根据点电荷场强公式E＝，运用矢量合成的平行四边形定则求出连线中垂线上各个点的合场强．【解析】：解：两个等量同种电荷连线中点O的电场强度为零,无穷远处电场强度也为零,故从O点沿着中垂线向上到无穷远处电场强度先增大后减小，场强最大的P点可能在A、B连线之间，也可能在A、B连线上，还可能在Ａ、B连线下，由于Ａ、B两点的间距也不确定,故EＡ可能大于E B，也可能小于EＢ，还可能等于EＢ;ＰＱ连线的下方，电场强度一直向上,故电势越来越低,所以A点的电势小于与Ｂ对称的点的电势，所以负电荷的电势能:εA一定大于εB;故A错误，B错误,Ｃ正确，D也错误；故选：C.【点评】：本题关键是要明确两个等量同种电荷连线的中垂线上的场强分布情况和电势分布情况，沿着场强方向，电势越来越低.12．（3分）(2014•静安区一模)如图,水平面上一个物体向右运动，将弹簧压缩,随后又被弹回直到离开弹簧,则该物体从接触弹簧到离开弹簧的这个过程中，下列说法中正确的是（）A. 若接触面光滑，则物体加速度的大小是先减小后增大B．若接触面光滑，则物体加速度的大小是先增大后减小再增大Ｃ. 若接触面粗糙，则物体加速度的大小是先减小后增大D. 若接触面粗糙，则物体加速度的大小是先增大后减小再增大【考点】：牛顿第二定律；胡克定律．【专题】:牛顿运动定律综合专题.【分析】:物体在合力为零时加速度为零,速度最大．【解析】：解:A、若接触面光滑，则物体是在刚接触弹簧时速度最大,加速度为零,随着向右将弹簧压缩，弹簧的弹力增大,则加速度一直增大,直至物体速度减小到零,然后物体反向运动，反向过程是向右运动的逆过程，故向左运动时加速度逐渐减小,即若接触面光滑，则物体加速度的大小是先增加后减小，故A错误B错误;C、若接触面粗糙，设弹簧压缩量为x，弹力和摩擦力方向均向左：kx+μｍg=ma，x增大则ａ一直增大,直至速度减小到零，当物体反向向左运动时,kx﹣μmg=ｍa,x减小，则加速度减小,当kx=μｍｇ时，加速度减小到零，之后ｋx＜μmg，加速度开始反向增大,即若接触面粗糙,则物体加速度的大小是先增大后减小再增大,D正确C错误；故选：D.【点评】：本题是含有弹簧的动态变化分析情况,要抓住弹力的可变性，由牛顿定律分析物体的运动情况．1３.(3分）（2０14•静安区一模）如图所示的电路中,R０为定值电阻,R为滑动变阻器.当滑动片P 由a端向b端滑动的过程中,关于电压表、电流表的示数U和I的变化情况，下列说法中正确的是（)A. U先增大后减小，I先减小后增大B. U先减小后增大，I先增大后减小C．U一直增大，I一直减小D．U一直减小，I一直增大【考点】:闭合电路的欧姆定律.【专题】：恒定电流专题．【分析】：分析电路可知电路的结构:变阻器两侧电阻并联后与R0串联．由滑片的移动方向分析外电阻的变化;由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化,再分析内电压及路端电压的变化;即可得出电压表及电流表的变化.【解析】：解：由电路图可知,滑动变阻器的左侧电阻与右侧电阻并联后与R0串联；电压表测路端电压，电流表测流过干路电流；当滑动片P由a移到b的过程中,左侧电阻减小，右侧电阻增大,总并联电阻先增大后减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流Ｉ先减小后增大，电源的内电压先减小后增大,路端电压先增大后减小，故电压表示数U先增大后减小；故A正确,BＣD错误;故选:A.【点评】：本题的关键在于明确滑动变阻器的接法为左右两端并联，故滑片移动时，滑动变阻器接入电阻先增大后减小．１４.(３分)(2014•静安区一模)一定质量的理想气体在等容变化过程中测得气体在0℃时的压强为p０，１0℃时的压强为ｐ１0,则气体在1１℃时压强的正确表达式是( )Ａ. ｐ=ｐ10+B．p＝ｐ0+C. ｐ=p10+D. p＝p10【考点】：理想气体的状态方程．【专题】：理想气体状态方程专题.【分析】:气体在等容变化，根据查理定律列式后联立求解即可．【解析】:解:气体在等容变化,从0°C→１０°Ｃ,根据查理定律，有①从１０℃到11℃,根据查理定律,②①②联立得：=,故Ａ正确,BCＤ错误；故选:A．【点评】:本题要掌握气体发生等容变化所遵守的规律是查理定律,并知道T=t+273K,难度不大. 15．（3分）（2014•静安区一模）如图,水平地面上有一木箱，木箱与地面间的动摩擦因数为μ，木箱在与水平夹角为θ的拉力F作用下做匀速直线运动.在θ从０逐渐增大到90°的过程中，木箱的速度始终保持不变，则拉力F的功率（）Ａ. 一直增大 B. 一直减小C. 先减小后增大D. 先增大后减小【考点】：功率、平均功率和瞬时功率．【专题】:功率的计算专题．【分析】:在θ从0逐渐增大到90°的过程中,木箱的速度保持不变，说明物体受力始终平衡,受力分析后正交分解表示出拉力Ｆ，由水平方向受力平衡可得,F在水平方向的分力始终等于摩擦力，由于摩擦力逐渐减小,故F在水平方向的分力减小,由P=Fv可得拉力F的功率变化【解析】：解:A、对物体受力分析如图:因为物体匀速运动，水平竖直方向均受力平衡:水平方向：Fcosθ=μ(mｇ﹣Fsiｎθ）①竖直方向：FＮ+Fsｉnθ＝mｇ②f=μFＮ=Fcosθ③θ从0逐渐增大到90°的过程中,由于支持力逐渐减小,故摩擦力逐渐减小,故F在水平方向的分力减小,由P=Fｖcｏsθ＝fｖ,可得拉力F的功率一直减小．故ＡCD错误，B正确．故选:B【点评】:本题为平衡条件的应用问题,受力分析后应用平衡条件求解即可，关键要注意P＝Fv 公式中要求Ｆ与v同方向．１6.（3分）（2014•静安区一模）如图所示，由相同绝缘材料组成的斜面AB和水平面BC,在A 处由静止释放一质量为m的小滑块，滑块运动到C点时的速度为v1（v１≠0),最大水平位移为ｓ1;现给小滑块带上正电荷，并在空间施加竖直向下的匀强电场，仍在A处由静止释放滑块,它运动到C点时的速度为v2，最大水平位移为ｓ2，忽略在B点因碰撞而损失的能量，水平面足够长，以下判断正确的是( )A. v1＜v2，ｓ1<ｓ2 B．v１＜v2，s1=ｓ2 C. ｖ1＞v2，s1＞s2 D. v1=v2,ｓ1=s2【考点】：匀强电场中电势差和电场强度的关系；牛顿第二定律.【分析】：根据动能定理分别对不加电场和加电场两种情况进行研究：不加电场时,整个过程中重力做正功，摩擦力做负功,根据动能定理列出表达式;加电场时,重力和电场力做正功,摩擦力做负功，再由动能定理列出表达式，分析物体在水平上滑行的位移关系，判断D＇点与D点的位置关系.【解析】：解：设物体的电量为q,电场强度大小为E，斜面的倾角为θ,动摩擦因数为μ．根据动能定理得A、不加电场时:mgS AＢsinθ﹣μmgS AＢc osθ=mv加电场时:(mｇ+qE)S AB sinθ﹣μ（mｇ+qＥ）SＡＢcosθ=mv将两式对比得到，v1<v2，不加电场时:mgS AB sｉnθ﹣μmgS AB cosθ﹣μmgS１＝0加电场时:（mg+qＥ)ＳAB sinθ﹣μ（mg+qE)S AB cosθ﹣μ（mg＋qＥ）Ｓ2=０将两式对比得到，S1=Ｓ2，故B正确;AＣD错误,故选:B【点评】:本题考查运用动能定理处理问题的能力,也可以应用等效的思维方法进行选择:加电场时相当于物体的重力增加,而物体在水平面滑行的距离与重力无关.三．（１６分）多项选择题共4小题，每小题４分.17.(４分）(2０14•静安区一模）如图所示为a、b两小球沿光滑水平面相向运动的ｖ﹣t图．已知当小球间距小于或等于Ｌ时,受到相互排斥恒力作用,当间距大于L时,相互间作用力为零.由图可知（）A．a球的质量小于ｂ球的质量B. t１时刻两球间距最小C．0~t2内两球间距逐渐减小,t2~t4内两球间距逐渐增大D．t2~t3内两球的位移差小于L【考点】：匀变速直线运动的图像．【专题】：运动学中的图像专题．【分析】:先从v﹣ｔ图象找出两个小球加速度的大小关系然后结合牛顿第二定律判断质量的关系；根据v﹣ｔ图象判断何时有最小距离．【解析】:解:Ａ、从速度时间图象可以看出a小球速度时间图象的斜率绝对值较大,所以a小球的加速度较大,两小球之间的排斥力为相互作用力大小相等,根据a=知,加速度大的质量小，所以ａ小球质量较小，故A正确；Ｂ、二者做相向运动,所以当速度相等时距离最近，即t2时刻两小球最近,之后距离又开始逐渐变大，所以Ｂ错误Ｃ正确;D、当间距大于L时,相互间作用力为零，由图看出t3时刻之后相互作用力为零，即间距大于L，则ｔ2～t3内两球的位移差小于L，D正确;故选：AＣD.【点评】：本题考查了ｖ﹣t图象、牛顿第二定律、加速度与速度的关系等有关知识,有一定的综合性.1８．(4分)（2014•静安区一模)如图所示,φ﹣x图表示空间某一静电场的电势φ沿x轴的变化规律，图象关于φ轴对称分布．ｘ轴上a、b两点电场强度在x方向上的分量分别是E xa、Eｘb,则（)Ａ. E xa＞E xbＢ．E xa沿x负方向，E xb沿x正方向C．同一点电荷在a、b两点受到的电场力方向相反D. 将正电荷沿x轴从a移动到b的过程中，电场力先做正功后做负功【考点】：电势;电势能.【分析】：本题的入手点在于如何判断E xa和Eｘb的大小,由图象可知在x轴上各点的电场强度在ｘ方向的分量不相同,如果在x方向上取极小的一段，可以把此段看做是匀强电场，用匀强电场的处理方法思考,从而得到结论,此方法为微元法.【解析】:解:A|、在a点和b点附近分别取很小的一段d，由图象,ａ点段对应的电势差大于b 点段对应的电势差,看做匀强电场有Ｅ=,可见Ｅｘa＞E xｂ,故Ａ正确;B、沿电场方向电势降低,在O点左侧,E xa的方向沿x轴负方向，在O点右侧,Eｘb的方向沿ｘ轴正方向,故B正确；C、由题可知,图为电势沿x轴的分量，B仅为沿电场沿ｘ轴分量,并不是总的电场方向，所以不能判断出总的电场力的方向，所以知同一点电荷在a、b两点受到的电场力方向不一定相反,故C 错误；Ｄ、将正电荷沿x轴从a移动到b的过程中，电场力先做负功后做正功，D错误;故选：AB【点评】:本题需要对电场力的性质和能的性质由较为全面的理解,并要求学生能灵活应用微分法；故此题的难度较高．19．（４分)（2０14•静安区一模）如图所示为画在同一个坐标系内的两个电源的端压与电流的U﹣I图线.两个电源的电动势和内阻分别为E１、Ｅ2和ｒ1、r2,当外电路接入相同的电阻R时,其端压、电流和电源消耗的总功率分别为U１、Ｕ2，I1、I２和P1、Ｐ2,下列说法正确的是( ）A. Ｅ１＞E２、r1<r2B．适当选择R，可使U1=Ｕ２且I1=I2C．适当选择R，可使P1＝P2D. 适当选择R，可使【考点】：闭合电路的欧姆定律．【专题】：恒定电流专题.【分析】：研究电源外特性曲线与坐标轴交点的物理意义，可判断E1＞E2,ｒ1＞r２，【解析】：解:A、由闭合电路欧姆定律U=Ｅ﹣Ir,得当I=0时,Ｕ=E；U﹣I图线斜率的绝对值表示ｒ;则可判断出E1>E2，r１＞r２,故A错误;Ｂ、作出R的Ｕ﹣Ｉ图象,斜率表示电阻，如果其通过题目图中的两条线的交点，则U1=U２且Ｉ１=I2;故B正确;故Ｂ正确;C、电源消耗的总功率P=EI,要满足P1=Ｐ2,由于E1>E2,必须满足I１<Ｉ2，如图所示：故对于某些E、r,适当选择R，可能有Ｐ1=P2；而对于某些E、r,不管如何选择R,都不可能有P１=P２；故C错误；D、电源消耗的总功率P=EＩ，故；图象的横截距表示短路电流，图象1的短路电流小,只要电流大即可,如图所示：故Ｄ正确；故选:ＢD．【点评】：物理图线关键在于图线的物理意义，能根据闭合电路欧姆定律求解电路问题，难度适中．2０.(4分)（2014•静安区一模)如图所示，一根细绳的上端系在O点，下端系一个重球B，放在粗糙的斜面体A上.现用水平推力F向右推斜面体使之在光滑水平面上向右匀速运动一段距离（细绳尚未到达平行于斜面的位置).在此过程中( ）A．摩擦力对球B做正功B. 推力F和球B对A做功的大小相等C. Ａ对B所做的功与B对A所做的功大小相等D．小球Ｂ的角速度逐渐变小【考点】：功的计算．【分析】:根据恒力做功的表达式W=FＳｃosθ，功的正负可以看力与位移的夹角，当θ＜90°时,力做正功;当θ=９0°时,力不做功;当θ>90°时，力做负功．【解析】：解：A、如图,画出小球Ｂ受到的支持力N（绿色线),摩擦力f的方向(黑色线)以及小球在该位置时运动的切线的方向（红色线）,由图可知,斜面对B的摩擦力沿斜面向下,该点Ｂ运动轨迹的弧线在B受到的支持力的下方，所以Ｂ受到的摩擦力与B的位移方向夹角为锐角,所以斜面对B的摩擦力对m做正功.故A正确;。
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2020-2021学年上海市静安区高三物理一模试卷一、单项选择题（共40分。
第1-8小题，每题3分，第9-12小题，每题4分。
每小题只有一个正确答案。
）1．从牛顿第一定律可直接演绎得出（）A．质量是物体惯性的量度B．物体的加速度与所受合外力成正比C．物体有保持原有运动状态的性质D．物体的运动需要力来维持2．加速度大的物体（）A．位置变化一定快B．速度一定大C．速度变化一定大D．速度变化一定快3．做简谐运动的物体，通过平衡位置时，其（）A．合外力为零B．回复力为零C．加速度为零D．速度为零4．直流电动机通电后，使线圈发生转动的力是（）A．库仑力B．电场力C．磁场力D．万有引力5．保持密闭气缸内气体的体积不变，升高气体温度，则气体（）A．密度变大B．分子势能变大C．分子间斥力变大D．分子对缸壁的平均作用力变大6．如图，A、B两物块叠放在一起，以相同的初速度竖直向上抛出后，不计空气阻力，若A 的重力为G A，A对B的作用力为F，则（）A．在上升和下降过程中，F均为零B．上升过程中，F大于G AC．下降过程中，F大于G AD．在上升和下降过程中，F均等于G A7．月球绕地球做匀速圆周运动的向心加速度大小为a，设月球表面的重力加速度大小为g1，在月球绕地球运行的轨道处由地球引力产生的加速度大小为g2，则（）A．a＝g1B．a＝g2C．a＝g1+g2D．a＝g2﹣g18．如图，瓢虫沿弧形树枝由A点缓慢爬到B点的过程中，树枝对瓢虫的摩擦力为F f，则（）A．F f大小不变，方向与瓢虫爬行方向始终相反B．F f大小不变，方向与瓢虫爬行方向先相同后相反C．F f先减小后增大，方向与瓢虫爬行方向先相同后相反D．F f先减小后增大，方向与瓢虫爬行方向始终相反9．如图，矩形闭合线圈abcd竖直放置，OO′是它的对称轴，通电直导线AB与OO′平行，且AB、OO′所在平面与线圈平面垂直。
能使线圈中产生方向为abcda的感应电流的做法是（）A．AB中电流I逐渐增大B．AB沿图中虚线靠近OO′C．线圈绕OO′轴顺时针转动90°（俯视）D．线圈绕OO′轴逆时针转动90°（俯视）10．一带正电的粒子仅在电场力作用下沿直线运动，其电势能随位置变化的图象如图所示，粒子先后经过A点和B点，设A、B两点的E电场强度大小分别为E A、E B，电势分别为φA、φB，则（）A．E A＝E B，φA＜φB B．E A＝E B，φA＞φBC．E A＞E B，φA＞φB D．E A＜E B，φA＜φB11．如图，两端开口的弯管，左管插入水银槽中，右管有一小段水银柱，中间封有一段空气。
能使得左管内部水银面相对水银槽上升的操作是（）A．环境温度降低少许B．把弯管向右侧倾斜一点C．把弯管竖直向上提一点D．把弯管竖直向下压一点12．如图，均匀带负电的小球固定于O点，一个质量为m、带负电的微粒，从O点正上方的A点由静止释放后竖直向上运动，微粒最远可到达O点正上方的B点处，则微粒从A 运动到B的过程中（）A．加速度逐渐减小，机械能逐渐增大B．加速度逐渐减小，机械能先增大后减小C．加速度先减小后增大，机械能先增大后减小D．加速度先减小后增大，机械能逐渐增大二、填空题（共20分）13．在电场中某点，引入不同的检验电荷，该点的电场强度（选填“会”或“不会”）变化；电场强度的单位用国际单位制基本单位可表示为。
14．在“用单分子油膜估测分子的大小”实验中，进行了理想化的假设，如：（写出一种假设即可）。
实验中，测量出滴入水中的纯油酸体积后，为得到油酸分子的直径，还需测量的物理量是。
15．航空母舰静止在无风的海面上，舰载机在航母甲板上允许滑行的最大距离为200m，起飞时需要的最小速度为50m/s，最大加速度为6m/s2。
根据上述信息，舰载机可获得的最大速度为m/s，在不改变舰载机及航母硬件设备的情况下要使得舰载机能达到起飞时的最小速度，你认为可采用的办法是：（写出一种办法即可）。
16．如图（a）所示电路中，R0为定值电阻，在滑动变阻器R的滑片P从一端滑到另一端的过程中，两电压表的示数随电流的变化情况如图（b）所示。
由图可知：该电源的内电阻为Ω。
整个过程中，变阻器消耗的最大电功率为W。
17．如图，波源O垂直于纸面做简谐运动，所激发的横波在均匀介质中向四周传播，图中虚线表示两个波面。
t＝2s时，离O点5m的A点开始振动：t＝4s时，离O点10m的B 点开始振动，此时A点第三次到达波峰。
该波的波长为m，t＝4s时AB连线上处于平衡位置的点有个（不包括B点在内）。
三、综合题（共40分）注意：第19、20题在列式计算、逻辑推理以及回答问题过程中，要求给出必要的图示、文字说明、公式、演算等。
18．如图（a）所示，是“用DIS研究加速度与力的关系”的实验装置。
（1）小车上安装的是位移传感器的部分（选填“接收”或“发射”）。
（2）实验中，多次改变的总质量，获得多组小车运动的加速度a和所受拉力F 的数据。
某同学根据数据绘出的图象如图（b）所示，图线没有通过坐标原点，经检查分析，是由于小车与轨道间存在摩擦所致，则该小车与轨道间的摩擦力大小为N。
（3）另外4位同学均得到一条几乎通过坐标原点的直线。
现将这4位同学的a﹣F图象画在同一个坐标系内，得到如图（c）所示的4条图线，这4位同学记录的小车总质量分别为：m1＝0.50kg、m2＝0.75kg、m3＝1.00kg、m4＝1.20kg。
由图（c）及4位同学记录的小车总质量，推断出小车加速度与小车总质量的定性关系是：，你是如何推断的：。
19．如图，足够长的粗糙斜面AB底部与固定在竖直平面内的光滑半圆形轨道BC平滑连接，斜面AB与水平方向夹角θ＝37°，轨道BC半径R＝0.1m。
质量m＝0.4kg的小物块从斜面AB的某位置由静止释放，恰好能到达轨道BC的最高点。
已知小物块与斜面AB间的动摩擦因数μ＝0.25，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。
（1）求小物块沿斜面AB下滑时的加速度a的大小；（2）求小物块经过B点时的速度v B的大小；（3）求小物块沿斜面AB下滑过程中，损失的机械能。
20．如图，两条相距为L的足够长的固定平行金属导轨位于同一水平面内，导轨电阻不计。
两相同的导体棒ab和cd质量均为m、电阻均为r，静止在导轨上，棒与导轨间的动摩擦因数为μ（认为最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力）。
匀强磁场方向垂直导轨平面向下，磁感应强度大小为B。
现用方向水平向右、大小为F的恒力拉动ab棒，此过程中cd棒始终静止，两棒与导轨垂直且与导轨保持良好接触，重力加速度为g。
（1）求ab棒刚开始滑动时的加速度a的大小；（2）求ab棒稳定运动时的速度v的大小及此时cd棒上的电功率P；（3）请分析、说明整个过程中，ab棒的运动情况及能量转化关系；（4）若改变F的大小，拉动ab棒的过程中cd棒仍始终静止，请分析说明F的大小范围及相应的ab棒稳定运动时速度v的大小范围，作出ab棒稳定运动速度v随F变化的v﹣F图象，并在图中相应位置标出图线起点和终点的坐标值。
2020-2021学年上海市静安区高三物理一模试卷参考答案 一、选择题（第1-8小题，每小题3分，第9-12小题，每小题4分，共40分） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 C D B C D A B C D A B D二、填空题（每题4分，共20分）13. 不会；1kg •m/（A •s 3）。
14．将油膜看成单分子油膜（将油酸分子看作球形，认为油酸分子是一个个紧挨）；油膜稳定后的面积。
15．20；用弹射系统使舰载机获得一个初速度。
16．1；4。
17．或；4或5。
三、综合题（第18题10分，第19题14分，第20题16分，共40分）18．发射；钩码；0.5；拉力大小相等时，质量越大，加速度越小；在图（c ）中作一条与纵轴平行的直线，结合该直线与四条图线交点的纵坐标值及相应同学记录的小车的总质量，可以推断出来。
19.（1）θμθcos sin g g a -==4m/s 2；（2）B →C ，机械能守恒：2mgR=222121C B mv mv -；在C 处，有：R v m mg C 2=；解得5=B v m/s ； （3）从A →B ，aS v B 22=；=损E S mg fS ⋅=θμcos =0.5J 。
20.（1）刚开始滑动时速度为0，ab 棒不受安培力。
F-μmg=ma ，mmg F a μ-=； （2）当ab 棒匀速时，F-μmg-F A =0，F A =BIL ，r BLv r E I 22==，解得()222L B r mg F v μ-=； BL mg F I μ-=，cd 棒上的电功率P=r I 2=()222-L B r mg F μ； （3）对ab 棒受力分析，F-μmg-F A =ma ，F A =rv L B 222，可见随着速度v 的增大，ab 棒的加速度逐渐减小；当a=0时，ab 棒做匀速运动。
外力F 做的功，转化为ab 棒克服摩擦力做功以及克服安培力做的功；ab 棒克服安培力做的功等于ab 棒和cd 棒上产生的焦耳热。
（4）当cd 棒受到的安培力等于最大静摩擦力时，cd 棒恰好静止，即F A =μmg ；对ab 棒，有F-μmg-F A =0，即F=2μmg ；只有当F 大于μmg 时ab 棒才会运动；故μmg ＜F ＜2μmg ；当F=2μmg 时，F A =r v L B m 222=μmg ，222L B mgr v m μ=；故0＜v ＜222LB mgr μ。
根据F-μmg-F A =0得F A =F-μmg=r v L B 222，()222L B mg F r v μ-=。
图像如右图所示。