解析甘肃省天水市甘谷一中2020┄2021学年高二上学期第一次月考物理试卷
甘肃省天水市甘谷县第一中学2021届高三物理上学期第一次检测考试试题
甘肃省天水市甘谷县第一中学2021届高三物理上学期第一次检测考试试题一、选择题：此题共12小题，每题4分，共48分.在每题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多个选项符合题目要求。
全数选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分. 1．一质点沿x轴做直线运动，其v－t图像如下图．质点在t＝0时位于x ＝5 m处，开始沿x轴正向运动．当t＝8 s时，质点在x轴上的位置为A．x＝3 m B．x＝8 mC．x＝9 m D．x＝14 m2．跳伞运动员从高空悬停的直升机上跳下，运动员沿竖直方向运动的vt图像如下图，以下说法正确的选项是A．运动员在0～10 s的平均速度小于10 m/sB．15 s末开始运动员处于静止状态C．10 s末运动员的速度方向改变D．10～15 s运动员做加速度慢慢减小的减速运动3．质点做直线运动的速度—时刻图像如下图，该质点A．在第1秒末速度方向发生了改变B．在第2秒末加速度方向发生了改变C．在前2秒内发生的位移为零D．第3秒末和第5秒末的位置相同4．某物体做直线运动的v－t图像如下图，由图可知，该物体A．第1 s内和第3 s内的运动方向相反B．第3 s内和第4 s内的加速度相同C．第1 s内和第4 s内的位移大小不相等D．0～2 s和0～4 s内的平均速度大小相等5．水平地面上堆放着原木，如下图，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，以下说法正确的选项是A．M处受到的支持力竖直向上B．N处受到的支持力竖直向上C．M处受到的静摩擦力沿MN方向D．N处受到的静摩擦力沿水平方向6．在如下图的甲、乙、丙、丁四幅图中，滑轮本身所受的重力忽略不计，滑轮的轴O安装在一根轻木杆P上，一根轻绳ab绕过滑轮，a端固定在墙上，b端下面挂一个质量都是m的重物，当滑轮和重物都静止不动时，甲、丙、丁图中木杆P与竖直方向的夹角均为θ，乙图中木杆P竖直．假设甲、乙、丙、丁四幅图中滑轮受到木杆P 的弹力的大小依次为FA、FB、FC、FD，那么以下判定中正确的选项是A．F A＝F B＝F C＝F DB．F D＞F A＝F B＞F CC．F A＝F C＝F D＞F BD．F C＞F A＝F B＞F D7．孔明灯相传是由三国时的诸葛孔明发明的．有一盏质量为m的孔明灯升空后向着东北偏上方向沿直线匀速上升，那么现在孔明灯所受空气的作使劲的大小和方向是A ．0B ．mg ，竖直向上C ．mg ，东北偏上方向D ．2mg ，东北偏上方向8．如下图，用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点，制成一简易秋千．某次维修时将两轻绳各剪去一小段，但仍维持等长且悬挂点不变．木板静止时，F1表示木板所受合力的大小，F2表示单根轻绳对木板拉力的大小，那么维修后A ．F 1不变，F 2变大B ．F 1不变，F 2变小C ．F 1变大，F 2变大D ．F 1变小，F 2变小9．如下图，质量为M 、半径为R 的半球形物体A 放在水平地面上，通过最高点处的钉子用水平细线拉住一质量为m 、半径为r 的滑腻球B.那么A ．A 对地面的压力等于(M ＋m )gB ．A 对地面的摩擦力方向向左C ．B 对A 的压力大小为R ＋r R mgD ．细线对小球的拉力大小为r Rmg 10．如下图，质量为M 的直角劈B 放在水平面上，在劈的斜面上放一质量为m 的物体A ，用一沿斜面向上的力F 作用于A 上，使其沿斜面匀速上滑，在A 上滑的进程中直角劈B 相对地面始终静止，那么关于地面对劈的摩擦力Ff 及支持力FN ，以下说法正确的选项是A ．F f 向左，F N <Mg ＋mgB ．F f ＝0，F N ＝Mg ＋mgC ．F f 向右，F N <Mg ＋mgD．F f向左，F N＝Mg＋mg11．如下图装置，两物体质量别离为m1，m2，不计一切摩擦、滑轮质量和滑轮的直径，假设装置处于静止状态，那么A. m1能够大于m2B. m1必然大于m2/2C. m2可能等于m1/2D.θ1必然等于θ212．如图所示A、B两个运动物体的位移—时刻图象，下述说法正确的选项是A．A、B两个物体开始时相距100m，同时相向运动B．B物体做匀速直线运动，速度大小为5m/sC．A、B两个物体运动8s时，在距A的起点60m处相遇D．A物体在运动中停了6s第Ⅱ卷非选择题（共62分）二、实验题：此题共2小题，共48分。
甘肃省天水一中2020┄2021学年高二上学期第一学段段中考试物理文试题
天水一中２0２2级２020┄２021学年第一学期第一学段中考试题物 理(文科)一．选择题（每小题4分，共6０分)1.关于电场线的说法,正确的是( ）Ａ．电场线就是电荷运动的轨迹 B ．在静电场中静止释放的点电荷，一定沿电场线运动C.电场线上某点的切线方向与正电荷的运动方向相同D ．电场线上某点的切线方向与负电荷在该点所受电场力的方向相反２. 下列说法错误的是 ( ）A.电场线越密的地方电场强度越强 ﻫＢ．在电场中，任意两条电场线不会相交 ﻫC ．静电场中的电场线是闭合的 ﻫD.电场线某点的切线方向表示该点电场方向3．如右图所示,在电荷为+Q 的电场中,有ａ、b 两点。
一电子从ａ向b 运动，那么,该电子所受的电场力将（ ）A ．减小B ．增大 C.不变 Ｄ.无法判断４. 如图所示,把两个质量相等的小球悬挂在同一点上。
两球带同种电荷,但A 球的电荷量大于Ｂ球的电荷量，下列关系式正确的是（ ）A 、α>βB 、α＜βＣ、α＝β D 、无法确定5. 真空中有两个距离保持不变的点电荷,若将它们各自的电量都增大到原来的3倍,则两电荷之间相互作用的静电力将增大到原来的:（ ) Ａ、3倍 B 、3倍 C 、6倍 D 、9倍6.对物体带电现象的叙述，正确的是（ )A.物体带电一定是因为具有多余的电子B ．摩擦起电实质是电荷从一个物体转移到另一个物体的过程C.物体所带电荷量可能很小,甚至小于e Ｄ．电中和是等量异种电荷完全消失的现象7．关于电动势的说法正确的是( )A. 电源的电动势就是直接接在电源两端的电压表测得的电压值B. 同一电源接入不同的电路中,电动势就回发生变化C. 电源的电动势就是表示电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量D. 在电路中,接入电路的电阻越大,电源的电动势就越大8．下列哪个是电场强度的单位( ) 0a Qb9.关于电场强度的定义式E=F／ｑ，下列说法中正确的是( ）A．它适用于任何电场中场强的计算B.电场强度与电荷量成反比C.E的方向一定与放在该点的电荷的受力方向相同D．移去电荷q,E的值减小为零10．下列哪些方式可以增大平行板电容器的电容( ）A.增加电容器极板的带电量B.减小电容器极板间的电压C.增加电容器极板间的正对面积D．增大电容器极板间的距离11. 保护知识产权,抵制盗版是我们每个公民的责任与义务。
甘肃省甘谷县第一中学高二物理上学期第一次月考试题(子材班)
甘谷一中高二级子才班第一次检测物理试题姓名：_______________班级：_______________考号：_______________一、选择题（共15个小题，每小题3分，共45分。
其中1,7,8,9,12,14,15是多选题，全选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1、如图所示，光滑绝缘水平面上有三个带电小球a、b、c（可视为点电荷），三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力作用下静止，则以下判断正确的是（）A．a对b的静电力一定是引力B．a对b的静电力可能是斥力C．a的电量可能比b少D．a的电量一定比b多2、ab是长为L的均匀带电细杆，P1和P2是位于ab所在直线上两点，位置如图所示．ab上电荷产生的静电场在P1处的场强大小为E1，在P2处产生的场强大小为E2，则以下说法正确的是A．两处的电场方向相同，E1﹥E2B．两处的电场方向相反，E1﹥E2C．两处的电场方向相同，E1﹤E2D．两处的电场方向相反，E1﹤E23、在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点。
其中a、b两点的电势相等，电场强度大小相等、方向也相同的是（）A．甲图：与点电荷等距的a、b两点B．乙图：两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C．丙图：点电荷与带电平板形成的电场中平板上表面的a、b两点D．丁图：匀强电场中的a、b两点4、如图所示，A、B为相互接触的用绝缘支柱支持的金属导体，起始它们不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球，下列说法中不正确的是（）A 把C移近导体A时，A、B上的金属箔片都张开B 把C移近导体A，先把A、B分开，然后移去C,A、B上的金属箔片仍张开C 先把C移走，再把A、B分开，A、上的金属箔片仍张开D 先把C移近导体A，用手接触B后，再移开C，则箔片仍张开5、如图所示，在原来不带电的金属细杆ａｂ附近Ｐ处，放置一个正点电荷．达到静电平衡后，( )A．ａ端的电势比ｂ端的高B．ｂ端的电势比ｄ点的低C．ａ端的电势不一定比ｄ点的低D．杆内ｃ处场强的方向由ａ指向ｂ6、图中虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面2的电势为0，一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点时的动能分别为37 eV和19 eV，当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为－2eV，它的动能应为A. 2 eVB. 19 eVC.29 eVD.33 eV7、一带电粒子射入一正点电荷的电场中，运动轨迹如图所示，粒子从A运动到B，则A．粒子带负电B．粒子的动能一直变大C．粒子的加速度先变小后变大D．粒子在电场中的电势能先变小后变大8、图中PQ两处分别固定两等量正点电荷，O是PQ连线的中点，a、b两点在连线上且关于O点对称，c、d是连线中垂线上的两点，则A．a、b两点的电场强度相同B．a、b两点的电势相同C．c点场强大于d点场强 D．负电荷从c点到d点电势能增加9、如图所示，仅在电场力作用下，一带负电粒子沿图中虚线从A运动到B，则A．电场力对粒子做正功 B．粒子动能减少C．粒子电势能减少 D．粒子加速度增大10、如图所示，虚线为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0 V。
甘肃省天水市一中2020-2021学年高二下学期第一阶段考试物理试题 Word版含答案
天水一中高二级2020-2021学年度第二学期第一学段考试物理试题（理科）（满分：100分时间：90分钟）一、选择题（本大题共12小题，共48分。
其中1-8题是单选，9-12是多选。
）1.已知某电阻元件在正常工作时，通过它的电流按如图所示的规律变化．今与这个电阻元件串联一个多用电表已调至交变电流电流挡，则多用电表的读数为（）A. B.C. D.2.如图所示，电路中u是有效值为的交流电源，C是电容器，R是电阻。
关于图中交流电压表的示数，下列说法正确的是（）A. 等于B. 小于C. 大于D. 等于零3.为了测量高电压和强电流的大小，常用到变压器的有关原理。
如图所示，和是输电线，甲是电压互感器，乙是电流互感器，电压表和电流表为理想交流电表。
若电压互感器上下线圈的匝数比为，电流互感器上下线圈的匝数比为，电压表示数为，电流表示数为，则下列说法正确的是（）A. 两输电线间的电压为B. 中的电流强度为C. 两输电线间的电阻为D. 输电线中输送的功率为4.下列关于传感器说法中不正确的是（）A. 电子秤所使用的测力装置是力传感器，它将压力大小转化为可变电阻，进而转化为电压信号B. 话筒是一种常用的声传感器，其作用是将电信号转换为声信号C. 电熨斗能自动控制温度的原因是它装有双金属片，这种双金属片的作用是控制电路的通断D. 光敏电阻能够把光照强度这个光学量转换为电阻这个电学量5.甲、乙两颗人造地球卫星都在圆形轨道上运行。
若它们的质量相等，甲距离地面的高度为R，乙距离地面的高度为3R，R为地球的半径，则甲、乙两颗人造地球卫星的动量大小之比为（）A.2B.C.D.6.高空坠物极易对行人造成伤害。
若一个50g的鸡蛋从一居民楼的25层坠下，与地面的撞击时间约为2ms，则该鸡蛋对地面产生的冲击力约为（）A. 10NB.C.D.7.如图所示，两个小球A、B在光滑水平地面上相向运动，它们的质量分别为，，速度分别是设为正方向，则它们发生正碰后，速度的可能值分别为（）A.，B. ，C. ，D. ，8.关于光电效应有如下几种陈述，其中正确的是（）A.光电效应说明光具有波动性B. 入射光的频率必须小于极限频率，才能产生光电效应C. 发生光电效应时，若入射光频率增大一倍，则光电子的最大初动能也增大一倍D. 爱因斯坦提出“光子说“并成功解释了光电效应现象9. 如图所示，光滑的水平地面上，质量为m的小球A正以速度v向右运动。
解析甘肃省天水市一中2020┄2021学年高二上学期第一学段考试物理理试题
物理(理科）试题一、选择题(共１4小题,1－10为单选，每小题4分,11－1４为多选，每小题6分，全部选对的得６分，选对但不全的得３分，有选错或不选的得０分,共６4分）1. 关于点电荷下边说法正确的是（)Ａ. 当带电体间的间距离远大于带电体尺寸时可以看成点电荷B．一切带电体都可以看成点电荷C. 只有带电体的体积很小时才能看成点电荷Ｄ．只有放入真空中的带电体才能看成点电荷【答案】Ａ【解析】试题分析：当电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略，电荷量对原来的电场不会产生影响的时候，该电荷就可以看做点电荷，根据点电荷的条件分析可以得出结论.考点：元电荷、点电荷．只有A正确，故选A。
点评:本题是基础的题目，考查的就是学生对基本内容的掌握的情况,在平时要注意多积累.2.下列哪个不是物体的带电方式( ）A. 摩擦起电B. 接触起电C. 感应起电D. 接地起电【答案】D【解析】物体的带电方式由三种，即摩擦起电、接触起电和感应起电，故接地起电不是物体带电方式,故选D.3.下列表达式中,ｑ一定是场源电荷的是( )A．F＝KQｑ/ｒ2Ｂ. E=F/q Ｃ. W AＢ=qU ABＤ. E=kq/r2【答案】D【解析】在表达式中q可能是场源电荷,也可能是试探电荷，故A错误;在表达式中q是试探电荷,故B错误；在表达式中q是试探电荷，故C错误；在表达式中,q为场源电荷,故D正确;故选D。
【点睛】解决本题的关键就是会区分场源电荷和试探电荷，并且知道各个公式的意义。
4.如图所示为某区域的电场线分布，Ａ、B、C是电场中的三点，则下列说法中正确的是( )A. 电势＞，场强EＡ>ＥBＢ．电势＞，场强E A＜EＢC. 电势＞，场强EＢ＞E CＤ. 电势＞，场强ＥB<E C【答案】C【解析】【详解】由图象疏密知场强EＢ>EＡ＞E C,沿电场线的方向电势逐渐降低，电势ϕＢ＞ϕA＞ϕC,故B正确，ACD 错误。
5.如图所示,正点电荷Q产生的电场中，已知A、B间的电势差为U，现将电荷量为q的正点电荷从B移到A，则( ).A．外力克服电场力做功QU，电势能增加qＵB. 外力克服电场力做功ｑU，电势能增加ＱUC. 外力克服电场力做功ｑU，电势能增加qUD. 外力克服电场力做功QＵ，电势能减少QU【答案】Ｃ【解析】根据顺着电场线的方向，电势依次降低，可知，那么正点电荷从B移动到A过程中，电场力做功为，表示外力克服电场力做功,电场力做负功，则电荷的电势能增加，故ABD错误,C正确。
2021学年-有答案-甘肃省某校高二(上)第一次月考物理试卷(兰天班)
2021学年甘肃省某校高二（上）第一次月考物理试卷（兰天班）一、选择题（本题共14小题，每小题4分，共56分．其中第3、4、6、7、11、14题为多选，其余各题为单选．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）)1. 如图所示，A、B是两个带有绝缘支架的金属球，它们原来均不带电，并彼此接触．现使带负电的橡胶棒C靠近A（C与A不接触），然后先将A、B分开，再将C移走．关于A、B的带电情况，下列判断正确的是（）A.A带正电，B带负电B.A带负电，B带正电C.A、B均不带电D.A带负电，B带负电2. 在前人研究的基础上，有一位物理学家利用图所示的扭秤装置进行研究，提出真空中两个静止点电荷之间相互作用的规律，这位物理学家是（）A.牛顿B.伽利略C.库仑D.焦耳3. 如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab＝U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点。
据此可知（）A.三个等势面中，a的电势最高B.带电质点通过P点时的电势能较Q点大C.带电质点通过P点时的动能较Q点大D.带电质点通过P点时的加速度较Q点大4. 如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为1m的正六边形的六个顶点，A、B、C三点电势分别为10V、20V、30V，则下列说法正确的是（）A.B、E一定处在同一等势面上B.匀强电场的场强大小为10V/mC.正点电荷从E点移到F点，则电场力做负功D.电子从F点移到D点，电荷的电势能减少20eV5. 如图所示，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为E a，方向与ab连线成60∘角，b点的场强大小为E b，方向与ab连线成30∘角．关于a、b两点场强大小E a、E b的关系，以下结论正确的是（）A.E a=E b3B.E a=√3E b C.E a=√33E b D.E a=3E b6. 两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图所示．一个电量为2C，质量为1kg的小物块从C点静止释放，其运动的v−t图像如图所示，其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线）．则下列说法正确的是（）A.B点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=2V/mB.由C到A的过程中物块的电势能先减小后变大C.由C点到A点的过程中，电势逐渐降低D.AB两点的电势差U AB=−5V7. 如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略．一带负电油滴被固定于电容器中的P点．现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（）A.静电计指针张角变小B. 平行板电容器的电容将变大C.带电油滴的电势能将增大D. 若先将电容器上极板与电源正极的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变8. 北京正负电子对撞机的储存环是长240m的近似圆形轨道，当环中的电流强度为10mA时，若电子的速率为十分之一光速，则在整个环中运行的电子数目为（）A.5×1011B.5×1019C.10×10−3D.10×1039. 下列说法正确的是（）A.电源外部存在着由正极指向负极的电场，内部存在着由负极指向正极的电场B.在电源的外部正电荷靠电场力由电源的负极流向正极C.电动势越大，说明非静电力在电源内从负极向正极移送单位电荷量的正电荷做功越多D.电源的电动势与外电路有关10. 滑动变阻器R′和固定电阻R接成如图所示的电路，已知R两端电压恰好等于R′两端总电压的一半，那么变阻器滑动端P的正确位置是在变阻器R′的（）A.中点位置B.中点偏下C.中点偏上D.条件不足，无法确定11. 如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G和一个变阻器R组成，下列说法正确的是（）A.甲表是电流表，R增大时量程增大B.甲表是电流表，R增大时量程减小C.乙表是电压表，R增大时量程增大D.乙表是电压表，R增大时量程减小12. 如图所示的电路中，输入电压U恒为12V，灯泡L标有“6V12W”字样，电动机线圈的电阻R M=0.50Ω．若灯泡恰能正常发光，以下说法中不正确的是（）A.电动机的输入功率是12WB.电动机的输出功率是12WC.电动机的热功率是2.0WD.整个电路消耗的电功率是24W13. 一根阻值为R的均匀电阻丝，长为L，横截面积为S，设温度不变，在下列哪些情况下其电阻值仍为R（）A.当L不变，S增大一倍时B.当S不变，L增大一倍时时C.当L和S都缩小为原来的12D.当L和横截面的半径都增大一倍时14. 如图所示，三个可视为质点的金属小球A、B、C，质量分别为m、2m和3m，B球带负电，电荷量为−q，A、C不带电，不可伸长的绝缘细线将三球连接，最上边的细线连接在斜面顶端的O点，三球均处于场强大小为E的竖直向上的匀强电场中，三段细线均伸直，三个金属球均静止于倾角为30∘的绝缘光滑斜面上，则下列说法正确的是（）A.A、B球间的细线的张力为5mg+qE2B.A、B球间的细线的张力可能为0C.将线OA剪断的瞬间，B、C间的细线张力qE12D.将线OA剪断的瞬间，A、B球间的细线张力qE6二．实验题：（每空2分，共12分）)15. 某同学用图1所示电路，测绘标有“3.8V，0.3A”的小灯泡的灯丝电阻R随电压U变化的图像．除了导线和开关外，有以下一些器材可供选择：电流表：A1（量程100mA，内阻约2Ω）；A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω）；电压表：V1（量程5V，内阻约5kΩ ）；V2（量程15V，内阻约15Ω ）；电源：E1（电动势为1.5V，内阻为0.2Ω）；E2（电动势为4V，内阻约为0.04Ω）．滑动变阻器：R1（最大阻值约为100Ω），R2（最大阻值约为10Ω），电键S，导线若干．（1）为了调节方便，测量准确，实验中应选用电流表________，电压表________，滑动变阻器________，电源________．（填器材的符号）（2）根据实验数据，计算并描绘出R−U的图像如图2所示．由图像可知，此灯泡在不工作时，灯丝电阻为________；当所加电压为3.00V时，灯丝电阻为________，灯泡实际消耗的电功率为________．（3）根据R−U图像，可确定小灯泡耗电功率P与外加电压U的关系．符合该关系的示意图是下列图中的________．三、计算题（共32分．解答过程应写出必要的文字和公式，直接写出结果的得零分）)16. 如图所示，光滑斜面倾角为37∘，质量为m、电荷量为q的一带有正电的小物块，置于斜面上．当沿水平方向加有如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，重力加速度g已知sin37∘=0.6，cos37∘=0.8，求：（1）该电场的电场强度有多大？，小物块沿斜面下滑距离为L时的速度有多大？（2）若电场强度变为原来的1217. 如图所示，电荷q1固定于半径为R的半圆光滑轨道圆心处，将另一带正电电量为q2，质量为m的小球，从轨道的A处无初速释放，求：（1）小球运动到最低点B点的速度大小；（2）小球在B点对轨道的压力．18. 相距很近的平行板电容器，在两板中心各开有一个小孔，如图甲所示，靠近A板的小孔处有一电子枪，能够持续均匀地发射出电子，电子的初速度为v0，质量为m，电量为−e，在AB两板之间加上图乙所示的交变电压，其中0<k<1，U0=mv02；紧靠6eB板的偏转电场电压也等于U0，板长为L，两板间距为d，距偏转极板右端L处垂直放置2很大的荧光屏PQ．不计电子的重力和它们之间的相互作用，电子在电容器中的运动时间可以忽略不计．（1）试求在0−kT与kT−T时间内射出B板电子的速度各多大？（结果用U0、e、m表示）（2）在0−T时间内，荧光屏上有两个位置会发光，试求这两个发光点之间的距离．（结果用L、d表示，）（3）撤去偏转电场及荧光屏，当k取恰当的数值时，使在0−T时间内通过了电容器B 板的所有电子，能在某一时刻形成均匀分布的一段电子束，求k值．参考答案与试题解析2021学年甘肃省某校高二（上）第一次月考物理试卷（兰天班）一、选择题（本题共14小题，每小题4分，共56分．其中第3、4、6、7、11、14题为多选，其余各题为单选．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1.【答案】A【考点】电荷守恒定律【解析】将带负电的导体球C靠近两个不带电的导体AB，靠感应起电使物体带电，根据电荷间的相互作用明确带电情况．【解答】解：把导体A和B分开，再移走C，导体A和B由于感应起电带上异种电荷，由于同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，所以此时A带正电，B带负电．故选：A．2.【答案】C【考点】物理学史【解析】本题是物理学史问题，根据牛顿、伽利略、库仑、焦耳等科学家的成就进行答题【解答】解：库仑发现了电荷间作用力的规律故选：C3.【答案】B,D【考点】电场力做功与电势能变化的关系电势能等势面【解析】由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场强度大。
甘肃省甘谷第一中学2021-2022高二物理上学期第一次月考试题
甘肃省甘谷第一中学2021-2022高二物理上学期第一次月考试题第I卷（选择题，共50分)一、单选题（每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，每个小题3分，共30分）1．据某电视节目介绍说，蜜蜂飞行时与空气摩擦产生静电，因此蜜蜂在飞行中就可以吸引带正电的花粉。
以下说法正确的是A.空气不带电B.空气带正电C.蜜蜂不带电D.蜜蜂带正电2．关于使物体带电的方式，下列说法正确的是（）A．摩擦起电现象使本来没有电子和质子的物体中产生电子和质子B．任何两个带电物体接触都要满足先中和再平分的原则C．带正电的物体靠近不带电的金属导体，由于电子被吸引，导体整个带负电D．丝绸摩擦玻璃棒时，电子从玻璃棒上转移到丝绸上，使玻璃棒质子数多于电子数3．电场强度的定义式为FEq，则（）A．该定义式只适用于点电荷产生的电场B．F是试探电荷所受到的力，q是产生电场的电荷电量C．场强的方向与F的方向相同，场强的大小E与F成正比，与q成反比D．由该定义式可知，场中某点电荷所受的电场力大小与该点场强的大小成正比4．如图所示在一条直线上两个相距0.4m的点电荷A、B，电量分别为+Q和-9Q，如果引入第三个带电小球C，正好使三个小球都处于静止状态，问C带什么电？应放在何处？( )A．正电B的右边0.4m处B．正电 B的左边0.2m处C．负电A的右边0.2m处D．负电 A的左边0.2m处5．关于静电场，下列结论普遍成立的是（）A．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低B．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关C．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向D．电场强度为零的点电势一定为零6．下列关于电势高低的判断，正确的是（）A.负电荷从点移到点时，外力做正功，点的电势一定较高B.负电荷从点移到点时，电势能增加，点的电势一定较低C.正电荷从点移到点时，电势能增加，点的电势一定较高D.正电荷只在电场力作用下从静止开始，由点移到点，点的电势一定较高7．空间存在平行于纸面的匀强电场，纸面内有一菱形ABCD。
甘肃省天水市第一中学2020-2021学年高二上学期开学考试物理试题含答案解析
甘肃省天水市第一中学【最新】高二上学期开学考试物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列说法正确的是（ ）A ．牛顿根据扭秤实验测出了万有引力常量GB ．我国发射的同步卫星可以定位在首都北京的正上方C ．人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动的速度一定不大于7.9/km sD ．根据开普勒第二定律可知，行星在近日点的速度小于在远日点的速度2．下列说法正确的是（ ）A ．小朋友从滑梯上滑下的过程中机械能守恒B ．跳伞运动员在空中匀速下落的过程中机械能守恒C ．小球沿固定光滑斜面下滑的过程中机械能不守恒D ．神舟号载人飞船穿越大气层返回地球的过程中机械能不守恒3．关于功和能，下列说法正确的是（ ）A ．支持力对物体一定不做功B ．重力做正功，物体动能一定增加C ．滑动摩擦力可以做正功，也可以做负功D ．一对滑动摩擦力做功之和可以为零4．月球与地球质量之比约为1：80，有研究者认为月球和地球可视为一个由两质点构成的双星系统，他们都围绕月球连线上某点O 做匀速圆周运动．据此观点，可知月球与地球绕O 点运动生物线速度大小之比约为 ( )A ．1：6400B ．1:80C ．80:1D ．6400:15．据报道，“嫦娥一号”和“嫦娥二号”绕月飞行器的圆形轨道距月球表面分别约为200km 和100km ，运动速率分别为v 1和v 2。
那么v 1和v 2的比值为（月球半径取1700km ）（ ）A ．1918BCD ．18196．如题图所示是一汽车在平直路面上启动的速度-时间图像，其中0 到t 1时刻图像为直线，从t 1 时刻起汽车的功率保持不变，设汽车受到的阻力恒定不变，由图像可知（ ）A．0∼t1时间内，汽车的牵引力增大，加速度增大，功率不变B．0∼t1时间内，汽车的牵引力不变，加速度不变，功率增大C．t1∼t2时间内，汽车的牵引力减小，加速度不变D．t1∼t2时间内，汽车的牵引力不变，加速度不变7．某人从离地350 米高的桥面一跃而下，实现了自然奇观与极限运动的完美结合．假设质量为m 的跳伞运动员，由静止开始下落，在打开伞之前受恒定阻力作用，下落的g，在运动员下落h的过程中，下列说法正确的是( )加速度为45A．物体的重力势能增加了mghmgℎB．物体的动能增加了45mgℎC．物体克服阻力所做的功为45mgℎD．物体的机械能减少了45二、多选题8．如图所示，两个完全相同的小球A、B，在同一高度处，以相同大小的初速度v0分别水平抛出和竖直向上抛出．不计空气阻力下列说法正确的是（）A．两小球落地时，重力的瞬时功率相同B．从开始运动至落地，重力对两小球做功相同C．从开始运动至落地，重力对两小球做功的平均功率相同D ．从开始运动至落地，两小球的重力势能的变化量相同9．一质量为2kg 的物块在合外力F 的作用下从静止开始沿直线运动。
2020-2021学年甘肃天水高三上物理月考试卷参考答案与试题解析
2020-2021学年甘肃天水高三上物理月考试卷一、选择题1. 磁电式电流表是依据安培力与电流和磁场的关系制作而成的．已知匀强磁场磁感应强度大小为B，放入磁场中的直导线长度为L，导线中通过的电流大小为I，关于直导线在磁场中所受安培力F的大小，下列说法正确的是（）A.当磁场的方向与直导线垂直时，F=BLIB.当磁场的方向与直导线垂直时，F=0C.当磁场的方向与直导线平行时，F=BLID.当磁场的方向与直导线平行时，F=BLI22. 冰壶因其对技战术要求极高而被称为“冰上国际象棋”．某运动员在一次训练中，使原来静止在水平冰面上的冰壶以大小为2m/s的速度推出，若冰壶的质量约为20kg，则该运动员对冰壶的水平冲量大小约为（）A.10N⋅s B.40N⋅s C.100N⋅s D.400N⋅s3. 中国北斗卫星导航系统已经组网完成，具备区域导航、定位和授时能力，定位精度为分米、厘米级别，测速精度为0.2米/秒，授时精度为10纳秒．北斗导航在轨工作的33颗卫星轨道半径有两种，一种是轨道半径为42000公里的同步地球轨道，另一种是轨道半径为28000公里的中圆地球轨道，则在中圆地球轨道上运行的卫星的周期约为（）A.5小时B.13小时C.16小时D.44小时4. 如图所示，足够长的光滑U形导轨倾斜固定，空间存在垂直导轨平面向上的匀强磁场，一导体棒从导轨顶端由静止滑下，下滑过程中导体棒始终垂直于导轨且与导轨接触良好．除导体棒外不计其他电阻，下列表示导体棒下滑的某过程中速度v与下滑时间t的关系图像可能正确的是（）A. B.C. D.5. 如图所示，高H=2.5m的电梯以v0=5m/s的速度匀速上升．电梯内部离底面ℎ=1.2m处有一发射器，发射器发射出小球后可立即收入侧壁．某时刻发射器竖直向上发射一个速度大小v1=10m/s的小球，取重力加速度大小g=10m/s2，空气阻力忽略不计，题中所有速度均为相对地面的速度，则小球离电梯厢的天花板的最小距离为（）A.1.25mB.0.5mC.0.1mD.0.05m6. 如图所示，一木板静止在足够大的光滑水平面上，木板长为l，左端O处固定一轻质弹簧（其长度相对于木板可忽略不计），右侧用不可伸长的轻绳连接于竖直墙上．滑块P（视为质点）以速度v0从木板正中间向左滑动并压缩弹簧，弹簧的压缩量最大时轻绳恰好被拉断，此时木板、滑块的速度均为零，最终滑块P恰好未从木板上掉落．重力加速度大小为g．则滑块P与木板间的动摩擦因数为（）A.v023glB.v022glC.v02glD.2v02gl7. 某理想变压器供电的示意图如图所示，正弦交流电源的输出电压的有效值为U1，变压器原、副线圈的匝数比为n，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，电路中所用电表均为理想电表．下列说法正确的是（）A.副线圈两端电压的最大值为U1nB.电流表A2与A1的示数之比为nC.当滑动变阻器的滑片P从a端向b端移动时，电流表A1的示数增大D.当滑动变阻器的滑片P从a端向b端移动时，电压表V2的示数减小8. 冠状病毒表面有很多如日冕般外围的冠状刺突，可吸附在细胞壁上，某同学将一个小球做成冠状病毒的形状，用上下两根细杆A、B代替刺突将均质小球固定在竖直墙壁上，如图所示，已知两细杆在同一竖直平面内，两细杆的延长线均过小球的球心，且与竖直墙壁的夹角均为θ=60∘，小球的质量为m，重力加速度大小为g，若两细杆对小球的作用力方向均为沿杆方向，则（）A.A、B两细杆对小球的合力大小为mg2B.A细杆中弹力大小为√3mgC.B细杆中弹力大小为mgD.A、B两细杆中弹力大小相等9. 用一个高速粒子X轰击一个锂核37Li变成两个α粒子，其核反应方程为a b X+37Li→224He，已知在这一核反应过程中同时放出18MeV的能量，光速c=3×108m/s，电子所带电荷量e=1.6×10−19C，则下列说法正确的是（）A.a=1B.b=0C.这一核反应过程的质量亏损为3.2×10−29kgD.这一核反应过程的质量亏损为2×10−10kg10. 如图所示，MN为一足够大且均匀带负电的塑料平板，其上方附近的电场可视为匀强电场，在平板上方附近A点固定一带正电的点电荷（不影响平板上的电荷分布），板上B点与A点的连线与板垂直，ADBC为正方形的四个顶点，O为正方形的中心．下列说法正确的是（）A.C、D两点的电场强度相同B.C、D两点的电势相等C.O点的电场强度小于C点的电场强度D.一带正电的试探电荷从C点沿直线运动到D点的过程中，电场力先做负功后做正功二、实验题研究性学习小组的同学欲探究小车速度随时间变化的规律，该小组在实验室设计了一套如图甲所示的装置，图中A为小车，B为打点计时器，P为小桶（可装入砂子），M是一端带有定滑轮的水平放置的足够长的木板，已知使用的交流电源的频率为50Hz．由静止释放小车A，可通过分析纸带求出小车的加速度大小．（1）安装好纸带，先不接通电源，将小车放置在打点计时器一侧，轻推小车，观察小车的运动，不断调整小桶和砂子质量，目测小车沿水平木板匀速运动时，再次将小车放置在打点计时器一侧，启动打点计时器，轻推小车，打出的纸带（上面的点为打出的连续点）如图乙所示，则在误差允许范围内，小车做的________（填“是”或“不是”）匀速直线运动，打Q点时小车的速度大小为________m/s（结果保留两位有效数字）．（2）在小桶中加入一定质量的砂子，启动打点计时器，将小车从靠近打点计时器一侧由静止释放，实验中打出的纸带如图丙所示（两相邻计数点间有四个计时点未画出），则小车的加速度大小a=________ m/s2（结果保留两位有效数字）．某同学通过实验测定一个阻值为50Ω∼100Ω的定值电阻R x的阻值．现有电源（3V，内阻可不计）、滑动变阻器（0∼10Ω，额定电流2A）、开关和导线若干．以及下列电表：A．多用电表（1V挡，内阻约为20kΩ；2.5V挡，内阻约为50kΩ；10V挡，内阻约为200kΩ）；B．电流表（0∼30mA，内阻r2约为2.0Ω）．（1）该同学先用多用电表欧姆挡粗测该待测电阻R x的阻值；将多用电表挡位开关置于欧姆________（填“×1”“×10”“×100”或“×1k”）挡，正确操作后测量结果如图乙所示．则测得该待测电阻R x的阻值为________Ω．（2）由于没有电压表，该同学将多用电表作为电压表使用，应将多用电表挡位开关置于电压________（填“1V”“2.5V”或“10V”））挡，为了尽量减少由于电压表、电流表引起的系统误差，实验电路应采用图丙中的________（填“a”“b”或“c”）图．（3）连接好电路，闭合开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U．在不损坏电表的前提下，将滑动变阻器滑片P从一端滑向另一端，随着滑片P的移动，图丁反映U−I关系的示意图中正确的是________．三、计算题如图所示，M、N为正中心带有小孔的平行板电容器，圆心为O、半径为R的圆形区域内有一匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里，P、Q为圆形区域边界上的两点，P、O与平行板电容器上的两小孔在同一水平直线上．现有一质量为m、电荷量为q（q>0）的带负电粒子，以某一恒定的初速度从平行板电容器左侧沿PO方向射入平行板电容器，当平行板M、N间不加电压时，带电粒子恰好从O点正下方的Q 点射出磁场．除电场力与洛伦兹力外，不计其他作用力．（1）求粒子的初速度大小v0．（2）为使粒子在磁场中运动的时间变为原来的23，求在M、N板上所加的电势差U MN．如图所示，在光滑水平轨道上的C点左侧与C点距离x2=1.5m处静止放置一质量m B=5kg的B小球，B小球左侧x1=0.9m处有一质量m A=1kg的A小球，A小球在F=45N的水平向右的恒力作用下，由静止开始加速运动一段时间后两小球发生弹性碰撞，且碰撞时间极短．取重力加速度大小g=10m/s2，A、B两小球均视为质点．求：（1）两小球第一次碰撞后，B小球的速度大小；（2）两小球第二次碰撞时的位置到C点的距离X及第二次碰撞前瞬间A小球的速度大小．四、选修3-3有一根一端封闭、另一端开口的钢管，开口端向下落入水中，稳定后竖直漂浮在水面上，钢管露出水面的长度ℎ=1.25m．已知钢管的质量m=10kg，横截面积S=50cm2，大气压强p0=1×105Pa，水的密度ρ= 1×103kg/m3，取重力加速度大小g=10m/s2，不计钢管管壁的厚度．（1）求管中封闭的空气柱长度l；（2）缓慢竖直向下按压钢管，求当钢管恰好全部没入水中时，钢管内空气柱的压强p′．参考答案与试题解析2020-2021学年甘肃天水高三上物理月考试卷一、选择题 1.【答案】 A【考点】 安培力的计算 【解析】 此题暂无解析 【解答】解：AB ．当磁场与导线垂直时，F =BLI ，故A 正确，B 错误； CD ．当磁场与导线平行时，F =0，故CD 错误． 故选A ． 2.【答案】 B【考点】动量定理的基本应用 【解析】 此题暂无解析 【解答】解：由动量定理得：I =mΔv =40N ⋅s ，故B 正确，ACD 错误． 故选B ． 3.【答案】 B【考点】开普勒第三定律 【解析】 此题暂无解析 【解答】解：由开普勒第三定律得：r 13T 12=r 23T 22，同步卫星的周期为24小时，可知在中圆地球轨道上运行的卫星的周期T =√283423×24ℎ≈13ℎ． 故选B ． 4.【答案】 C【考点】电磁感应中的图象问题单杆切割磁感线 【解析】此题暂无解析 【解答】解：导体棒下滑时，感应电动势E =BLv ，安培力F =B 2L 2v R，下滑过程中，加速度a =mg sin θ−Fm=g sin θ−B 2L 2v mR，随着速度v 的增大，加速度a 减小，当速度增大到安培力与重力沿导轨向下的分量大小相等时，导体棒开始做匀速直线运动，故C 正确，ABD 错误． 故选C ． 5.【答案】 D【考点】 竖直上抛运动 【解析】 此题暂无解析 【解答】解：以电梯为参考系，则小球相对电梯的初速度v =v 1−v 0=5m/s ， 小球相对电梯上升到最大高度的过程中，有：−2gℎ1=0−v 2， 解得ℎ1=1.25m ，距离天花板Δℎ=H −ℎ−ℎ1=0.05m ． 故选D ． 6. 【答案】 A【考点】动能定理的应用 【解析】 此题暂无解析 【解答】解：由动能定理可得：μmg ×1.5l =12mv 02−0，解得μ=v 023gl．故选A ． 7.【答案】 B,C【考点】变压器的动态分析 变压器的构造和原理 【解析】 此题暂无解析 【解答】解：A．由U1U2=n，可得副线圈两端电压U2=U1n，副线圈两端电压的最大值为√2U1n，选项A错误；B．变压器原、副线圈的电流比与匝数比成反比，电流表A2与A1的示数之比为n，选项B正确；C．当滑动变阻器的滑片P从a端向b端移动时，滑动变阻器的阻值减小，副线圈一侧阻值减小，则电流表A2增大，根据I1I2=1n，电流表A1的示数增大，选项C正确；D．因为输入电压不变，所以当滑动变阻器的滑片P从a端向b端移动时，电压表V2的示数不变，选项D错误．故选BC．8.【答案】C,D【考点】解直角三角形在三力平衡问题中的应用【解析】此题暂无解析【解答】解：A．小球受到三个力的作用，因为小球静止，故小球的受力平衡，故A、B两细杆对小球的合力与小球受到的重力大小相等、方向相反，选项A错误；BCD．分析可知，A细杆对小球有拉力作用，B细杆对小球有推力作用，A、B两细杆对小球的作用力方向与小球所受重力方向的夹角均为120∘，所以A、B两细杆中弹力大小相等，均为mg，选项C、D均正确，选项B错误．故选CD．9.【答案】A,C【考点】爱因斯坦质能方程原子核衰变【解析】此题暂无解析【解答】解：AB．因为核反应前后质量数与电荷数均不变，所以a=1，b=1，选项A正确，B错误；CD．由爱因斯坦质能方程ΔE=Δmc2，可得Δm=18×106×1.6×10−19(3×108)2kg=3.2×10−29kg，选项C正确，D错误．故选AC．10.【答案】B,D【考点】电场力做功与电势能变化的关系电势电场的叠加电场强度【解析】此题暂无解析【解答】解：A．由题意可知，均匀带负电平板在上方产生的电场为方向垂直平板向下的匀强电场，点电荷在C点和D点产生的电场分别沿AC和AD向下，两电场叠加后方向一定不同，选项A错误；B．由于平板产生的是方向垂直平板向下的匀强电场，在平板产生的电场中，C、D两点的电势相等，而在点电荷产生的电场中，C、D两点的电势也相等，叠加后C、D两点电势相等，选项B正确；C．点电荷产生的电场在O点的电场强度大于在C点的电场强度，而在O点的电场强度方向垂直平板向下，两电场叠加后，O点的电场强度一定大于C点的电场强度，选项C错误；D．点电荷产生的电场中，O点的电势高于C、D两点的电势，叠加后O点的电势高于C、D两点的电势，电势能E p=qφ，带正电的试探电荷从C点沿直线运动到D点的过程中，电势能先增大后减小，电场力先做负功后做正功，选项D正确．故选BD．二、实验题【答案】（1）是,3.6（2）1.3【考点】探究小车速度随时间变化的规律【解析】此题暂无解析【解答】解：（1）由纸带可以看出，相等的时间内位移相等，小车是做匀速直线运动，交流电源的频率是50Hz，两点的时间间隔为t=0.02s，由v=x4t=(7.11+7.10+7.11+7.11)×10−20.02×4m/s≈3.6m/s．（2）已知交流电源的频率为50Hz，则相邻点的时间间隔T=1f×5=0.1s，利用逐差法可得，小车的加速度a=(10.10+8.78−7.48−6.19)×10−24×(0.1)2m/s2≈1.3m/s2．【答案】（1）×10,85（2）2.5V,c（3）B【考点】用多用电表测电阻伏安法测电阻【解析】此题暂无解析【解答】解：（1）由于待测电阻的阻值在50Ω∼100Ω内，为了让指针能指在中间位置附近，多用电表应选用欧姆“×10”挡，故多用电表的示数为85Ω．（2）由于电流表的量程为30mA，电阻两端的最大电压约为30mA×85Ω=2.55V，所以应选用2.5V电压挡；因为滑动变阻器电阻远小于待测电阻，所以应选用滑动变阻器分压接法，多用电表电压挡内阻r=50kΩ，50kΩ85Ω>85Ω2Ω，所以应选用电流表外接法，所以选c图．（3）由欧姆定律可知，UI =R V R xR V+R x，它是定值，图B正确．故选B．三、计算题【答案】（1）粒子的初速度大小v0=qBRm．（2）在M、N板上所加的电势差U MN=−qB2R2m．【考点】带电粒子在电场与磁场的组合场中的运动【解析】此题暂无解析【解答】解：（1）分析粒子在磁场中的运动，可知粒子在磁场中做圆周运动的半径r=R，粒子在磁场中做匀速圆周运动，有：qv0B=mv02R，解得：v0=qBRm．（2）当平行板M、N间不加电压时，粒子在磁场中运动的周期T=2πRv0=2πmqB，粒子在磁场中运动的时间t1=14 T，当平行板M、N间加电压时，粒子在磁场中运动的时间t2=23t1=16T，粒子在磁场中运动轨迹对应的圆心角为60∘，由几何关系可知，粒子在磁场中运动的半径r′=√3R，粒子在磁场中做匀速圆周运动，有qvB=mv 2r′，粒子在电场中运动，由动能定理可得：12mv2−12mv02=−qU MN，解得：U MN=−qB2R2m．【答案】（1）两小球第一次碰撞后，B小球的速度大小是3m/s；（2）两小球第二次碰撞时的位置到C点的距离X是0.3m，第二次碰撞前瞬间A小球的速度大小是12m/s．【考点】“一动一静”弹性正碰模型【解析】此题暂无解析【解答】解：（1）由动能定理可知，两小球碰撞前对A小球有Fx1=12m A v02，可得：v0=9m/s，两小球第一次碰撞时动量守恒，有m A v0=m A v A+m B v B，碰撞前后系统总动能相等，有12m A v02=12m A v A2+12m B v B2，解得：v B=3m/s，v A=−6m/s．（2）设两小球从第一次碰撞到第二次碰撞的时间为t，位移为x，对B小球有：x=v B t，对A小球有：x=v A t+12at2，其中a=Fm A，解得t=0.4s，X=x2−x，解得：X=0.3m，两小球第二次碰撞前有v A1=v A+at，解得：v A1=12m/s．四、选修3-3【答案】（1）管中封闭的空气柱长度l是3.25m；（2）当钢管恰好全部没入水中时，钢管内空气柱的压强p′是1.3×105Pa．【考点】“玻璃管封液”模型【解析】此题暂无解析【解答】解：（1）钢管受力平衡，有mg=pS−p0S，封闭空气柱的压强p=p0+ρg(l−ℎ)，解得：l=3.25m．（2）设空气柱的长度为l′，由玻意耳定律有plS=p′l′S，空气柱压强p′=p0+ρgl′，解得：l′=3m，p′=1.3×105Pa．。
解析甘肃省天水一中2020┄2021学年高二上学期第一学段物理试卷
甘肃省天水一中２０20┄2021学年高二上学期第一学段物理试卷一.选择题（每题4分，共48分．其中1-8题所给选项中，只有一个选项正确；9-12题有多个选项正确．请将正确答案的序号在答题卡上相应位置涂黑．全选对的4分，选对但不全的得2分,有选错的得０分．）1.(4分)已知点电荷Ａ的电荷量是点电荷B的倍,则Ａ对B作用力大小跟Ｂ对Ａ作用力大小的比值为()2:1ﻩ B. 1:2ﻩC.ﻩ1：１ﻩD.ﻩ不确定ﻩA．ﻩ2．（4分)如图所示,在电场强度Ｅ=2000V/ｍ的匀强电场中,有三点A、M和B，ＡＭ＝4cm，MB=3cｍ,AB=5cm,且ＡM边平行于电场线，把一电荷量q=2×１0﹣9Ｃ的正电荷从B移到M点,再从M点移到A点,电场力做功为（)ﻩA. 0.６×１0﹣６J Ｂ．ﻩ０.12×10﹣6ＪﻩＣ．ﻩ﹣0.１6×10﹣6JﻩＤ. ﹣0.1２×１0﹣6Ｊ3.（4分）如图所示,将悬在细线上的带正电的小球Ａ放在不带电的金属空心球Ｃ内(不与球壁接触），另有一个悬挂在细线上的带负电小球B向Ｃ靠近，于是（)ﻩＡ. Ａ往左偏离竖直方向，B往右偏离竖直方向B．ﻩA的位置不变,B往右偏离竖直方向Ｃ.ﻩA往左偏离竖直方向，B的位置不变D.ﻩA和B的位置都不变4.(4分）如图所示，左边是一个原先不带电的导体,右边C是后来靠近的带正电的导体球,若用绝缘工具沿图示某条虚线将导体切开,分导体为A、B两部分,这两部分所带电荷量的数值分别为QＡ、ＱＢ,则下列结论正确的是（)ﻩA. 沿虚线d切开，A带负电,B带正电,且Q A＞QＢﻩB. 只有沿虚线b切开,才有A带正电,B带负电，且ＱA=ＱＢﻩC.ﻩ沿虚线a切开,A带正电，B带负电,且Q A＜QＢﻩD.ﻩ沿任意一条虚线切开，都有A带正电B带负电,且ＱA、ＱB的值与所切的位置有关5.（４分)半径为R的两个较大的金属球固定在绝缘桌面上，当两球带等量同种电荷Q时,相互之间的库仑力为F1；当两球带等量异种电荷Ｑ与﹣Ｑ时,相互之间的库仑力为F2.则()ﻩA．Ｆ1>Ｆ2ﻩB.ﻩF1＜F2C．ﻩＦ1=F2 D. 无法确定6．（4分）如图所示，ｑ1、ｑ2、q3分别表示在一条直线上的三个点电荷，已知q1与q２之间的距离为l1，ｑ２与q３之间的距离为l2，且每个电荷都处于平衡状态．则以下结论正确的是（)ﻩA. 如果q２为正电荷，则可能q1、q3都是正电荷ﻩB．如果q2为正电荷,则可能q1为正电荷，q3为负电荷ﻩC．若ｌ1＜l2，则三个点电荷中ｑ3电量最大Ｄ．ﻩ若l１＜l2,则三个点电荷中q1电量可能最大７.(4分)如图所示，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘．两个带有同种电荷的小球Ａ、B分别处于竖直墙面和水平地面，且处于同一竖直平面内，若用图示方向的水平推力F作用于小球B,则两球静止于图示位置．如果将小球向左推动少许,并待两球重新达到平衡时，跟原来相比()A.ﻩ两小球间距离将增大，推力Ｆ将增大ﻩB．两小球间距离将增大,推力F将减小ﻩC. 两小球间距离将减小，推力F将增大ﻩD.ﻩ两小球间距离将减小,推力Ｆ将减小8.(4分)一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到Ｂ点,它运动的ｖ﹣ｔ图象如图所示,则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是()A. B．ﻩC．ﻩD．９．(4分)关于摩擦起电和感应起电的实质，下列说法正确的是（）A．ﻩ摩擦起电现象说明了机械能可以转化为电能,也说明通过做功可以创造电荷ﻩB．ﻩ摩擦起电说明电荷可以从一个物体转移到另一个物体ﻩC. 感应起电说明电荷可以从物体的一个部分转移到物体另一个部分D. 感应起电说明电荷从带电的物体转移到原来不带电的物体上去了10.(４分）如图所示，把一带正电的小球ａ放在光滑绝缘斜面上,欲使球a能静止在斜面上，需在MN间放一带电小球b,则ｂ应（)A. 带正电,放在A点ﻩB．ﻩ带正电，放在B点C．带负电,放在C点ﻩD．ﻩ带正电,放在C点１１.（4分)在电场中的某点A放一试探电荷+ｑ，它所受到的电场力大小为F，方向水平向右,则A点的场强大小E A=，方向水平向右，下列说法正确的是（)A. 在A点放一个负试探电荷，A点的场强方向变为水平向左B．在A点放一下负试探电荷,所受到的电场力方向变为水平向左ﻩＣ．在A放置一个电荷量为2ｑ的试探电荷,则A点的场强变为2E AＤ．在Ａ点放置一个电荷量为2q的试探电荷，则试探电荷所受的电场力变2F１２.（4分)如图所示的同心圆是电场中的一簇等势面，一个电子只在电场力作用下沿着直线由A向Ｃ运动时的速度越来越小，B为线段AＣ的中点,则有（）A.ﻩ电子沿AC运动时受到的电场力越来越小ﻩB.ﻩ电子沿AＣ运动时它具有的电势能越来越大ﻩC．ﻩ电势φA＞φB＞φＣﻩＤ．电势差ＵＡＢ＝U BＣ二．填空题（每空3分,共18分.请将答案写在答题卡上相应位置．)13．（6分)如图所示,用三根长度相同的绝缘细线将三个带电小球连接后悬挂在空中．三个带电小球质量相等，A球带正电．平衡时三根绝缘细线都是直的，但拉力都为零.B球带何种电荷：Ｂ球带;若Ａ球带电荷量为Ｑ，则B球的带电荷量．１4．（6分）将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图,金属球表面的电势处处相等,a、ｂ为电场中的两点，则:a点的电势比b点的；检验电荷﹣q 在ａ点的电势能比在b点的．15.(6分)如图所示，光滑绝缘杆竖直放置,它与以正点电荷Ｑ为圆心的某一圆周交于B、C两点,质量为m、带电荷量为﹣q的有孔小球从杆上的A点无初速度下滑，已知q≪Q,AB=ｈ，小球滑到B点时速度大小为，若取A点电势为零,C点电势为,B到Ｃ电场力做的功为.三.计算论述题（共３4分．必须写出必要的公式、文字叙述和推导过程．)1６．（10分)如图,在场强为E的匀强电场中有一个质量为m的带正电小球A悬挂在绝缘细线上,当小球静止时,细线与竖直方向成3０°角,已知此电场方向恰使小球受到的电场力最小，则小球所带的电量应为多大?17.(1２分）如图所示,光滑斜面倾角为３7°，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q,置于斜面上,当沿水平方向加如图所示的匀强电场时,带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始,电场强度变为原来的,求:(１)原来的电场强度为多大？(２）物块运动的加速度?（3）沿斜面下滑距离为l=0.5m时物块的速度大小．(sｉn３7°=0.6，cos37°=０．8,ｇ取10ｍ/s2）18.（１2分）如图所示,ABCＤＦ为一绝缘光滑轨道，竖直放置在水平向右的匀强电场中，AB与电场线平行,BCDF是半径为R的圆形轨道，今有质量为m、带电量为+q的小球在电场力作用下从A点由静止开始沿轨道运动，小球经过最高点D时对轨道的压力恰好为零,则Ａ点与最低点B间的电势差为多大?甘肃省天水一中２０20┄2021学年高二上学期第一学段物理试卷参考答案与试题解析一．选择题（每题4分,共48分.其中1-8题所给选项中，只有一个选项正确；9-１2题有多个选项正确.请将正确答案的序号在答题卡上相应位置涂黑.全选对的4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分．)1．(4分）已知点电荷A的电荷量是点电荷B的倍，则A对B作用力大小跟B对A作用力大小的比值为(）1:1Ｄ.ﻩ不确定A．2:１ B. 1：2 C．ﻩ考点：ﻩ库仑定律．分析：距离不变,只是将电量增大到原来的2倍,根据点电荷库仑力的公式F=k可以求得改变之后的库仑力的大小，而根据牛顿第三定律，A对B的作用力大小跟B对A的作用力大小是属于作用力与反作用力，因此大小总是相等.解答：ﻩ解:由点电荷库仑力的公式F＝k，可以得到,距离不变,将点电荷A的电荷量是点电荷B的倍,库仑力将变为原来的倍,而Ａ对B的作用力大小跟B对A的作用力大小是属于作用力与反作用力，因此两者大小相等，即1：１，所以C正确，ＡBD错误．故选:C.点评:ﻩ本题就是对库仑力公式的直接考查,掌握住公式就很容易分析了,同时注意理解牛顿第三定律的内容.2．（4分)如图所示，在电场强度E=20０0Ｖ/m的匀强电场中，有三点A、M和Ｂ，AM=4cm，MＢ＝3ｃm，AB=５ｃｍ，且AＭ边平行于电场线，把一电荷量q=2×1０﹣9C的正电荷从Ｂ移到M点，再从M点移到A点,电场力做功为()A．0.６×10﹣6J B．０.12×1０﹣6JﻩC. ﹣0.16×1０﹣6J D.ﻩ﹣0.12×10﹣６J考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势差与电场强度的关系．专题: 电场力与电势的性质专题．分析:匀强电场中,电势差与场强的关系是U＝Ed，式中d是两点沿电场强度方向的距离,然后根据ｄ的含义可求解A、B两点间的电势差．电场力做功的公式W=ｑU.解答：ﻩ解:根据匀强电场特点可知：A、B两点间的电势差U AB=ＵAM=EｄAＭ所以U AB=2００0×４×10﹣2V=８0V.正电荷从Ｂ点经Ｍ点移到Ａ点,电场力做功为ＷBＡ=ｑU BA=﹣qＵＡB=﹣2×１0﹣9×80Ｊ=﹣１.６×10﹣7J故选：C.点评:ﻩ公式Ｕ=Ed的适用条件为匀强电场,d的含义为两点之间沿电场线方向的距离,并非两点之间的距离，因此对于物理公式要明确适用条件以及各个物理量的含义．3．（4分）如图所示,将悬在细线上的带正电的小球A放在不带电的金属空心球Ｃ内（不与球壁接触),另有一个悬挂在细线上的带负电小球B向C靠近，于是（)ﻩＡ．ﻩA往左偏离竖直方向，B往右偏离竖直方向B.ﻩA的位置不变,B往右偏离竖直方向Ｃ．ﻩA往左偏离竖直方向，B的位置不变ﻩD．A和B的位置都不变考点：ﻩ静电场中的导体.专题: 电场力与电势的性质专题．分析:ﻩ因为在C内部由于感应起电，带上与A相反的电荷，它们之间达到静电平衡，所以A 的电场对Ｃ外部不会产生任何影响.解答:ﻩ解:A在空心金属球内,由于静电感应,使得Ｃ外表面带正电,B C相互吸引,所以B向右偏而金属空腔可以屏蔽外部电场,所以Ｂ的电荷对空腔C 的内部无影响,所以Ａ位置不变. B靠近C时,改变的是C 表面的电荷分布,但对于C 内部空间的电场可认为没有影响,这也就是平时说的静电屏蔽.故B正确，ＡCD错误．故选:B.点评:ﻩ考查静电感应现象,掌握同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．并理解外部电场对空心球内部没有影响，即为静电屏蔽.4.（4分）如图所示，左边是一个原先不带电的导体，右边C是后来靠近的带正电的导体球，若用绝缘工具沿图示某条虚线将导体切开，分导体为A、B两部分，这两部分所带电荷量的数值分别为QＡ、ＱB，则下列结论正确的是()ﻩA. 沿虚线d切开，Ａ带负电，B带正电，且ＱA＞ＱBＢ．只有沿虚线b切开，才有Ａ带正电,B带负电，且ＱA＝Q BＣ．ﻩ沿虚线a切开,A带正电,B带负电,且ＱA<ＱBＤ．ﻩ沿任意一条虚线切开,都有A带正电B带负电,且Q A、ＱB的值与所切的位置有关考点：ﻩ静电场中的导体.专题: 电场力与电势的性质专题．分析：ﻩ根据静电感应现象,在正点电荷的电场作用下，导体AB自由电荷重新分布，不论沿着哪条虚线切开,都有A带正电,B带负电，且电量总是相等.解答:解:由题意可知，静电感应现象使得A带正电,B带负电.导体原来不带电，只是在Ｃ的电荷的作用下，导体中的自由电子向Ｂ部分移动，使B部分多带了电子而带负电;A部分少了电子而带正电.根据电荷守恒可知,A部分转移的电子数目和B部分多余的电子数目是相同的,但由于电荷之间的作用力与距离有关，距离越小,作用力越大,因此更多的电子容易转移到最接近Ｃ的位置，导致电子在导体上分布不均匀，从B端到A端，电子分布越来越稀疏，所以从不同位置切开时，QＡ、ＱB的值不同.故只有D正确，ABC错误;故选：D.点评：ﻩ考查静电感应的原理,理解带电本质是电子的转移,掌握电荷守恒定律的应用，注意两部分的电量总是相等是解题的突破口．5．（４分）半径为R的两个较大的金属球固定在绝缘桌面上,当两球带等量同种电荷Q时，相互之间的库仑力为F1;当两球带等量异种电荷Ｑ与﹣Q时，相互之间的库仑力为F2.则()ﻩA．F1＞F2ﻩB. F１<F2ﻩC．ﻩF1＝F2D．ﻩ无法确定考点：ﻩ库仑定律．分析：本题题中由于带电球的大小与它们之间的距离相比,不能忽略,因此不能看作点电荷，不能直接利用库仑定律计算库仑力的大小，只能根据库仑定律定性的比较库仑力的大小.解答：ﻩ解：半径为R的两个较大的金属球固定在绝缘桌面上，两球不能看成点电荷,因带同种电荷,导致电量间距大于带异种电荷的间距，根据库仑定律F=k，可知,它们相互作用的库仑力大小有：F1<Ｆ２，故Ｂ正确，ACＤ错误．故选：B.点评：ﻩ本题应明确当两球心相距为3Ｒ时，两球不能看成点电荷,不能直接运用库仑定律解答，注意库仑定律的成立条件,理解点电荷的含义．6．(4分）如图所示，q1、q2、q3分别表示在一条直线上的三个点电荷，已知ｑ1与ｑ2之间的距离为l１,q2与q3之间的距离为ｌ2，且每个电荷都处于平衡状态．则以下结论正确的是()A. 如果q２为正电荷，则可能ｑ1、q3都是正电荷B. 如果ｑ2为正电荷,则可能ｑ1为正电荷，q3为负电荷ﻩC．若l1<l２，则三个点电荷中q3电量最大D.ﻩ若l1＜l2,则三个点电荷中ｑ1电量可能最大考点：库仑定律;共点力平衡的条件及其应用．分析:ﻩ（1）解决本题一定要把握“每个电荷都处于平衡状态”这一特点进行分析，已知q２为负电荷，可以利用假设法判断q1和q3的电性，如假设q1带正电，其它电荷是否平衡等，也可以利用“两同夹异,近小远大”(三个电荷处于平衡时两边电性相同和中间相反,中间电荷离电量小的近,离电量大的远)进行判断．（2)三个电荷处于同一直线上，每个电荷受两个库仑力作用处于平衡状态,据此列方程即可求解．解答：ﻩ解：（1)假设q1带负电,要使q2平衡，则q３也应带负电．如果q1带正电,要使ｑ2平衡则q３也应带正电．但是q1、q3不能平衡，所以q1、q3都带负电荷,故AB错误．（2）设l１=l2=l,由于三个电荷均处于平衡状态，由库仑定律建立如下平衡式：对q1：=对ｑ2:＝对q3:=解得:q1:ｑ2:q3=4:１：4.因此若l１<l2，则三个点电荷中ｑ3电量最大，故C正确,D错误；故选:C．点评:本题考察了库仑定律在电荷平衡中的应用,对于三个电荷平衡可以利用“两同夹异,近小远大”的规律进行电性判断,本题的难点在于计算,学生列出方程容易,但是计算正确难．7．（4分)如图所示，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘.两个带有同种电荷的小球A、B分别处于竖直墙面和水平地面,且处于同一竖直平面内，若用图示方向的水平推力Ｆ作用于小球B，则两球静止于图示位置.如果将小球向左推动少许,并待两球重新达到平衡时，跟原来相比（)ﻩA．ﻩ两小球间距离将增大，推力F将增大B．ﻩ两小球间距离将增大,推力F将减小C. 两小球间距离将减小,推力F将增大D．ﻩ两小球间距离将减小,推力F将减小考点: 库仑定律;力的合成与分解的运用;共点力平衡的条件及其应用.专题:ﻩ电场力与电势的性质专题.分析：对整体分析，受总重力,拉力,地面的支持力,墙壁的弹力.可知地面的支持力等于两球的总重力．隔离对Ｂ球分析,Ｂ球受重力,墙壁的弹力和库仑力.Ａ小球向右缓慢拉动一小段距离后，库仑力与竖直方向的夹角变小,根据平行四边形定则，知库仑力即墙壁弹力的变化．解答：解：对A球受力分析，受到三个力,重力、弹力、库伦力,B小球向左缓慢拉动一小段距离后，库仑力与竖直方向的夹角变小，A的重力不变,墙壁的弹力方向不变，根据平行四边形定则，库仑力变小，墙壁的弹力变小，根据库仑定律得公式可知：电荷量不变,库伦力变小，距离变大，对整体而言，墙壁对球的弹力等于拉力,所以拉力变小，所以两小球间距离将增大,推力F将减小故选B点评：解决本题的关键先对整体受力分析，再隔离受力分析．整体法和隔离法是物理当中常见的一种方法,要灵活运用．8.(4分)一负电荷从电场中A点由静止释放,只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v﹣ｔ图象如图所示,则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是（)A. B. ﻩＣ.ﻩD.考点：ﻩ电场线;牛顿第二定律;物体做曲线运动的条件．专题：电场力与电势的性质专题．分析:v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度，所以根据电荷运动过程中v﹣t图象可知电荷的加速度越来越大，则电场力越来越大,电场强度越来越大，根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果.解答:解:由v﹣t图象可知,粒子做加速度逐渐增大的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越大，电场强度越来越大,电场线密的地方电场强度大，且负电荷受力与电场方向相反,故ABD错误,C正确．故选Ｃ．点评:ﻩ本题结合v﹣ｔ图象，考查了电场强度与电场线以及电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、新颖,有创新性．9．(４分）关于摩擦起电和感应起电的实质,下列说法正确的是(）A．ﻩ摩擦起电现象说明了机械能可以转化为电能,也说明通过做功可以创造电荷ﻩＢ.ﻩ摩擦起电说明电荷可以从一个物体转移到另一个物体ﻩＣ.ﻩ感应起电说明电荷可以从物体的一个部分转移到物体另一个部分ﻩＤ.ﻩ感应起电说明电荷从带电的物体转移到原来不带电的物体上去了考点：电荷守恒定律.分析:ﻩ摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷.感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分.解答：解：A、摩擦起电现象说明机械能可以转化为电能，但并没有创造电荷．电荷只是发生转移．故A错误．Ｂ、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体,即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体．故B确．C、感应起电过程电荷在电场力作用下,从物体的一部分转移到另一个部分.故Ｃ正确．Ｄ、感应起电是电荷从物体的一部分转移到另一个部分.电荷可以从带电的物体转移到原来不带电的物体是接触带电.故D错误.故选BＣ点评:ﻩ摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移,只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体.１0.(4分)如图所示，把一带正电的小球a放在光滑绝缘斜面上，欲使球a能静止在斜面上,需在ＭN间放一带电小球b，则ｂ应(）A．带正电,放在A点ﻩB．带正电,放在B点ﻩＣ.ﻩ带负电,放在C点D．带正电,放在Ｃ点考点：共点力平衡的条件及其应用;库仑定律.分析：ﻩ小球a要平衡,受重力、支持力和静电力,根据共点力平衡条件分析即可.解答：解:小球ａ处于平衡状态,受力平衡,合力为零．小球受重力,一定向下,支持力一定垂直向上，根据平衡条件，静电引力必然与前两个力的合力等大、反向且在同一条直线上,则b球可以放在Ｃ点,带负电；小球可以放在A点，带正电．故AC正确，BD错误．故选：ＡＣ．点评:ﻩ本题关键对物体受力分析后，根据三力平衡条件，得到未知力的方向范围．11．(４分)在电场中的某点Ａ放一试探电荷+q,它所受到的电场力大小为F,方向水平向右，则A点的场强大小ＥA＝，方向水平向右,下列说法正确的是(）Ａ．ﻩ在A点放一个负试探电荷,Ａ点的场强方向变为水平向左ﻩＢ．ﻩ在A点放一下负试探电荷,所受到的电场力方向变为水平向左ﻩC.ﻩ在Ａ放置一个电荷量为２q的试探电荷,则Ａ点的场强变为2E AﻩD．ﻩ在A点放置一个电荷量为2q的试探电荷，则试探电荷所受的电场力变2F考点：ﻩ电场强度．专题:ﻩ电场力与电势的性质专题．分析：电场的电场强度是电场的固有属性，与试探电荷的正负和大小无关；电场力的大小计算遵循Ｆ=Eｑ，与电荷量的大小和正负有关.解答：ﻩ解:Ａ、电场的电场强度是电场的固有属性，与试探电荷的正负和大小无关,故Ａ点场强的大小和方向都不变，A错误;B、A点的场强大小和方向不变，正电荷的受力方向和负电荷的受力方向相反，故负电荷所受的电场力方向变为水平向左,Ｂ正确；C、电场的电场强度是电场的固有属性，与试探电荷的正负和大小无关,故A点场强的大小和方向都不变，C错误；D、A点的场强大小和方向不变,根据F＝Eq可知，电荷量为2q时,F′=E2q=2F，即电场力变为原来的2倍，D正确．故选:ＢD.点评：ﻩ本题考查电场中电场强度和电场力的计算,注意：电场的电场强度是电场的固有属性,与试探电荷的正负和大小无关;电场力的大小计算遵循Ｆ=Eq，与电荷量的大小和正负有关. 12．（4分)如图所示的同心圆是电场中的一簇等势面,一个电子只在电场力作用下沿着直线由A向C运动时的速度越来越小，B为线段AC的中点,则有(）A．ﻩ电子沿AC运动时受到的电场力越来越小ﻩB．电子沿AC运动时它具有的电势能越来越大C. 电势φA＞φB＞φCﻩD. 电势差ＵAB=U BＣ考点:ﻩ等势面;电势差；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析:ﻩ由于等势线是电场中的一簇同心圆，且电子由A向C运动过程速度越来越小，故题中电场是由一个处于圆心的负电荷产生的,然后根据库仑定律、电势、电势差定义式和电场力做功与电势能变化关系列式分析判断.解答：ﻩ解:A、由于等势线是电场中的一簇同心圆，且电子由A向C运动过程速度越来越小,故题中电场是由一个处于圆心的负电荷产生的,根据库仑定律可以判断，电子沿ＡC方向运动时受到的电场力越来越大，故Ａ错误;B、电子沿AC方向运动时,电场力做负功,故电势能逐渐变大，故B正确；C、电场线与等势面垂直,且由电势高的等势面指向电势低的等势面,电子由A向C运动过程速度越来越小,故电场力向外，场强向内,故外侧电势较高,故φA>φB>φC,故C正确；D、电子沿AC方向运动过程中，电场力逐渐变大,从A到B过程电场力较小，故从A到B 过程电场力做功较少，根据电势差与电场力做功关系ＵＡB=,可以得到:UＡＢ＜ＵBC，故Ｄ错误；故选：BC点评：本题关键根据等势面和电子的运动情况确定场源电荷的电性,然后得到电场线的分布图,最后根据库仑定律、电势、电势差定义式和电场力做功与电势能变化关系分析判断.二.填空题（每空3分，共18分.请将答案写在答题卡上相应位置．)１3.(6分）如图所示，用三根长度相同的绝缘细线将三个带电小球连接后悬挂在空中．三个带电小球质量相等,A球带正电.平衡时三根绝缘细线都是直的,但拉力都为零.B球带何种电荷：B球带负电;若Ａ球带电荷量为Q,则B球的带电荷量﹣.考点:ﻩ共点力平衡的条件及其应用；电场强度．分析:由于细线的拉力为零，故ＡB间、ＡＣ间都是吸引力，故A球与B球是异种电荷；然后对B球受力分析，根据共点力平衡条件求解AB球间的静电力,根据库仑定律列式求解B 的电量.解答:ﻩ解:由于细线的拉力为零,故ＡB间、AC间都是吸引力，故A球与B球是异种电荷,Ａ球带正电,故B球带负电;对B球受力分析，受重力、A球的吸引力,C球的排斥力;根据共点力平衡条件,有:F1=2F2根据库仑定律,有：联立解得:Q C＝再对B球受力分析,同理可得：Q B=故答案为:负,﹣.点评：本题关键是正确的受力分析,然后结合共点力平衡条件和库仑定律列式求解,不难．14.（６分)将一电荷量为+Ｑ的小球放在不带电的金属球附近,所形成的电场线分布如图,金属球表面的电势处处相等,ａ、b为电场中的两点，则：a点的电势比ｂ点的高;检验电荷﹣q 在ａ点的电势能比在b点的低．考点: 电场线;电势．分析：电场线的疏密表示场强的大小;a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以ａ点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于ｂ点的电势；电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小.解答：解:a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止,所以a点的电势高于金属球的电势,而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势,即a点的电势比b点的高，电势越高的地方,负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a点的电势能较ｂ点低.故答案为:高；低点评:ﻩ该题考查电场线的特点与电场力做功的特点，解题的关键是电场力做正功,电势能减小;电场力做负功，电势能增加.基础题目．15．(6分）如图所示,光滑绝缘杆竖直放置,它与以正点电荷Q为圆心的某一圆周交于B、C 两点，质量为m、带电荷量为﹣q的有孔小球从杆上的A点无初速度下滑，已知q≪Ｑ,AB=h，。
解析甘肃省天水一中2020┄2021学年高二上学期期中物理试卷文科
甘肃省天水一中2０20┄2021学年高二上学期期中物理试卷(文科)一、单项选择题（本大题共24小题，每小题2分,满分48分.在每小题给出的四个选项中,其中只有一个选项符合题目要求)1．(２分）关于点电荷的说法,正确的是（)ﻩA.ﻩ只有体积很小的电荷,才能作为点电荷ﻩB.ﻩ体积很大的电荷,一定不能作为点电荷Ｃ. 点电荷一定是带电量很小的电荷D.ﻩ两个带电的金属小球，不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理2.(2分)电场强度的定义式为Ｅ=,则()A．ﻩ该定义式只适用于点电荷产生的电场ﻩＢ．ﻩF是试探电荷所受到的力,q是产生电场的电荷电量ﻩC．ﻩ场强的方向与F的方向相同，场强的大小E与F成正比,与q成反比ﻩD.ﻩ电场强度的单位是牛／库3.(２分）如下图所示，表示磁场对通电直导线的作用，其中不正确的是()A．B． C. Ｄ．ﻩ4．(2分）如图所示是等量点电荷的电场线，下列说法中正确的是()ﻩＡ.ﻩ都是同种点电荷的电场线ﻩB.ﻩ都是异种点电荷的电场线ﻩC．ﻩ甲是同种点电荷的电场线，乙是异种点电荷的电场线D. 甲是异种点荷的电场线,乙是同种点电荷的电场线5.(2分)某电场的电场线如图所示,则某点电荷A和B所受电场力的大小关系是()ﻩA.ﻩF A＞F BﻩB．ﻩF A<F BC．ﻩＦA=ＦBﻩD．电荷正负不明无法判断６．（2分)关于电流,下列说法正确的是（）A. 电荷的移动形成电流B．只有正电荷的定向移动才能形成电流C．ﻩ正电荷定向移动的方向与电流方向相同ﻩD. 电路中电流的方向是由电源的负极到电源的正极7.(2分)对于远距离输电，下列说法正确的是（）ﻩA．ﻩ远距离输电输送的是直流电ﻩB．ﻩ高压输电可以减少电能损失ﻩＣ．ﻩ高压线路上的电压可以随意升高D.ﻩ输电线上的电阻越大,则电能损失越小８.(2分）下列电学器件中，哪个是电容器（）ﻩB. C. D.ﻩＡ．ﻩ９.（２分）关于磁感线的下列说法中，正确的是()A. 磁感线是真实存在于磁场中的有方向的曲线ﻩＢ．ﻩ磁感线上任一点的切线方向,都跟该点磁场的方向相同ﻩＣ．ﻩ磁铁的磁感线从磁铁的北极出发,终止于磁铁的南极D．ﻩ磁感线有可能出现相交的情况10．(2分）下列物理量的单位是“特斯拉”的是（）ﻩA. 安培力 B. 电场强度C．电容ﻩD．ﻩ磁感应强度１1．（2分)关于洛伦兹力，下列说法正确的是()ﻩA.ﻩ电荷处于磁场中一定受到洛伦兹力ﻩＢ.ﻩ运动电荷在磁场中一定受到洛伦兹力Ｃ．某运动电荷在某处未受到洛伦兹力,该处的磁感应强度一定为零D.ﻩ洛伦兹力可改变运动电荷的运动方向1２.（2分）处在磁场中的一闭合线圈，若产生了感应电流，则可以判定()ﻩA. 线圈在磁场中运动ﻩＢ. 线圈做切割磁感线运动ﻩC．磁场发生变化Ｄ. 穿过线圈的磁通量发生了变化13．(2分)下列说法正确的是（)A.ﻩ磁通量越大，磁通量的变化率越大ﻩB.ﻩ磁通量的变化量越大，磁通量的变化率越大C.ﻩ磁通量变化率越大，磁通量的变化越快Ｄ．ﻩ磁通量越大,磁通量的变化量越大１４.(2分)如图所示,可以将电压升高供给电灯的变压器是（）ﻩＤ．ﻩﻩA. ﻩB．C．ﻩ15.(２分）下列应用与涡流无关的是(）ﻩＡ. 电磁炉B．微波炉C．金属探测器ﻩD．高频感应冶炼炉16．(2分)关于电动势，下列说法中错误的是()A．电动势的单位是伏特B．ﻩ电动势大小等于没有接入外电路时电源两端的电压ﻩＣ. 电动势大小由电源本身性质决定D. 电动势的单位是焦耳１７．(2分)下列物品中没有用到磁性材料的是（)A. ＤVＤ碟片B.ﻩ计算机上的磁盘ﻩC. 电话卡D．ﻩ喝水用的磁性搪瓷杯子1８．（2分）A为已知电场中的一固定点，在A点放一电量为q的电荷，所受电场力为F,A 点的场强为Ｅ,则（)A.ﻩ若在A点换上﹣q，A点的场强方向发生改变ﻩＢ.ﻩ若在A点换上电量为２ｑ的电荷,A点的场强将变为2EﻩC.ﻩ若在A点移去电荷q,A点的场强变为零D．ﻩＡ点场强的大小、方向与ｑ的大小、方向、有无均无关19.(２分)一个电容器的规格为“5０V，10μF”,对以上数据及相关问题的理解有以下说法,你认为正确的是（）ﻩA.ﻩ这个电容器只有加上５0V电压时,电容才是1０μFB．ﻩ这个电容器的电容最大值是10μＦ，当带电量较少时,电容小于1０μFﻩC.ﻩ这个电容器若不带电，则电容为零ﻩＤ.ﻩ这个电容器的电容为１0μＦ，与电容器所加电压和所带电量大小无关２0．(2分）平行板电容器的电容（)ﻩA．跟两极板的正对面积S有关，S越大,C越大B．跟两极板的距离d有关,d越大,C越大Ｃ．ﻩ跟两极板上所加电压Ｕ有关，U越大，C越大ﻩD.ﻩ跟两极板上所带电荷量Ｑ有关,Q越大，C越大２1.（2分)如图，是直线电流、环形电流磁场的磁感线分布图，其中电流方向与磁感线方向关系正确的是()ﻩＡ.ﻩ B.ﻩ C.ﻩﻩD.ﻩ22.(2分）一块磁铁从高处掉到地上,虽然没有断，但磁性变弱了，这是因为()Ａ.ﻩ磁铁被磁化了B．ﻩ磁铁因剧烈震动而退磁了C.ﻩ磁铁是非磁性物质D. 磁铁是软磁性材料２３.（2分)对B＝的理解，下列说法正确的是(）ﻩA．ﻩ磁感应强度大小与放入该处的通电导线受到的安培力成正比ﻩB．ﻩ磁感应强度大小与放入该处的通电导线Ｉ、L的乘积成反比C．ﻩ导线中电流越大，该处的磁感应强度越小ﻩＤ.ﻩ磁感应强度的大小和方向跟磁场中通电导线受力的大小和方向无关２4．（２分）如图所示,当导线通有向左的电流时（)A. Ｎ极朝里转Ｂ．ﻩN极朝外转ﻩC. Ｎ极往上转ﻩD.ﻩＮ极往下转二、填空题(每空2分，共20分）２5．(6分）电荷守恒定律是自然界的基本守恒定律之一,可以表述为:电荷既不会，也不会，它只会从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中,.26.(8分）英国物理学家通过一系列实验发现，电流发热具有以下规律:电流通过导体产生的热量，跟电流的，导体的,通电成正比.27．（6分)安培力的方向与、有关,可以根据判断．三、计算题(本大题共３小题,共32分)28.（10分)空中有竖直向上的电场,电场强度的大小处处相等,一个质量为m＝3．0×１0﹣7kg 的带电微粒,其带电量是６.0×1０﹣８C，它在空中处于静止状态,设微粒的带电量不变,取ｇ=10m/s2，求空中电场强度的大小.29.(10分）某交变电压随时间的变化规律如图所示,则此交变电流的频率为多少Hz？此交变电流的有效值是多少伏?30.（1２分）如图所示，在同一水平面上的两金属导轨间距L=O.2m,处在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度Ｂ＝1T.导体棒ａb垂直导轨放置，棒长等于导轨间距，其电阻R=６Ω．闭合开关,当通过导体棒aｂ的电流I＝Ｏ.5A时，求：（１)导体棒aｂ上电流的热功率;（２）导体棒ab受到安培力的大小和方向．甘肃省天水一中2020┄2０2１学年高二上学期期中物理试卷(文科）参考答案与试题解析一、单项选择题(本大题共24小题,每小题２分，满分4８分．在每小题给出的四个选项中,其中只有一个选项符合题目要求)1．（2分）关于点电荷的说法,正确的是(）ﻩA．ﻩ只有体积很小的电荷,才能作为点电荷B．体积很大的电荷,一定不能作为点电荷C．ﻩ点电荷一定是带电量很小的电荷ﻩD.ﻩ两个带电的金属小球，不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理考点: 元电荷、点电荷．专题: 电场力与电势的性质专题.分析：物理学上把本身的线度比相互之间的距离小得多的带电体简化为一个点,叫做点电荷.同一个电荷能否看作点电荷,不仅和带电体本身有关，还取决于问题的性质和精度的要求,即需要具体问题具体分析．解答:ﻩ解：A、体积很小的带电体，如果相对于研究的问题,体积不能忽略不计,将其简化为点产生的误差较大,那么就不能简化为点,故A错误;Ｂ、体积较大的带电体,如果相对于研究的问题,体积可以忽略不计,将其简化为点产生的误差较小,那么可以简化为点电荷，故Ｂ错误;C、点电荷是将物体简化为点，带电物体能否简化为点关键是看物体的大小对于研究的问题能否忽略不计，而不是看电荷量的大小，故C错误;D、当电荷在球上均匀分布时，可以将其看成是电荷全部集中于球心的点电荷,否则会产生较大的误差，故D正确;故选D．点评：ﻩ如果在研究的问题中，带电体的形状、大小以及电荷分布可以忽略不计,即可将它看作是一个几何点，则这样的带电体就是点电荷.一个实际的带电体能否看作点电荷,不仅和带电体本身有关，还取决于问题的性质和精度的要求，即需要具体问题具体分析．2.(２分)电场强度的定义式为Ｅ=，则()ﻩＡ.ﻩ该定义式只适用于点电荷产生的电场ﻩB．ﻩＦ是试探电荷所受到的力,q是产生电场的电荷电量C．ﻩ场强的方向与Ｆ的方向相同，场强的大小E与F成正比，与ｑ成反比ﻩＤ．ﻩ电场强度的单位是牛/库考点: 电场强度.专题:ﻩ电场力与电势的性质专题．分析：E=是电场强度的定义式，q是检验电荷的电荷量,F是检验电荷所受的电场力，适用于任何电场．场强的方向与放在该点的正电荷所受的电场力方向相同.场强仅由电场本身决定.解答:解：A、E=是电场强度的定义式,适用于任何电场.故A错误．B、公式中F是检验电荷所受的电场力,q是检验电荷的电荷量，故B错误.Ｃ、场强的方向与放在该点的正电荷所受的电场力方向相同,与放在该点的负电荷所受的电场力方向相反．故C错误.Ｄ、F的单位是N,ｑ的单位是Ｃ，由此公式可得E的单位为N／Ｃ.故D正确．故选：Ｄ点评:ﻩ对于电场强度的定义式E=,可从定义的方式、E的单位、方向、与电场力的关系等方面来理解E的物理意义．３.（2分）如下图所示,表示磁场对通电直导线的作用,其中不正确的是(）ﻩA. B.ﻩﻩC．Ｄ.考点：左手定则．分析：根据左手定则来判断即可，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是导线受的安培力的方向.解答：解:Ａ、根据左手定则可得，安培力的方向垂直导线斜向上,所以Ａ正确;B、根据左手定则可得,安培力的方向水平向左,所以B正确；C、根据左手定则可得，安培力的方向向下,所以Ｃ错误;D、根据左手定则可得，安培力的方向水平向左，所以D正确;因选不正确，故选:C.点评：ﻩ掌握住左手定则的内容，直接判断即可，比较简单，同时要注意与右手定则的区别，注意磁场方向、电流方向以及安培力的方向之间的关系.4．（2分）如图所示是等量点电荷的电场线，下列说法中正确的是（)A. 都是同种点电荷的电场线ﻩＢ. 都是异种点电荷的电场线Ｃ．ﻩ甲是同种点电荷的电场线，乙是异种点电荷的电场线ﻩＤ. 甲是异种点荷的电场线,乙是同种点电荷的电场线考点：电场线．专题:ﻩ电场力与电势的性质专题．分析:电场线是从正电荷或者无穷远出发出,到负电荷或无穷远处为止,电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小.解答:ﻩ解:根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断甲是异种点荷的电场线,乙是同种点电荷的电场线．故选D.点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题.５．（２分）某电场的电场线如图所示，则某点电荷A和B所受电场力的大小关系是（)ﻩA．ﻩF A＞F BﻩB．ﻩＦＡ<F BＣ. F A＝F BＤ. 电荷正负不明无法判断考点：ﻩ电场强度.专题: 电场力与电势的性质专题．分析：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小;再据F=Eq判断即可．解答:ﻩ解：电场线密的地方电场的强度大,电场线疏的地方电场的强度小,由图可知，A点的电场线密，所以A点的电场强度大,电荷在Ａ点受到的电场力大，所以FＡ>ＦB，故Ａ正确,BCD 错误．故选：Ａ．点评：ﻩ加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，知道电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小即可解决本题.6.(２分）关于电流,下列说法正确的是()ﻩA.ﻩ电荷的移动形成电流ﻩB．只有正电荷的定向移动才能形成电流ﻩＣ. 正电荷定向移动的方向与电流方向相同D．ﻩ电路中电流的方向是由电源的负极到电源的正极考点: 电流、电压概念．专题：ﻩ恒定电流专题．分析:ﻩ解答本题需要知道电流的形成，电路中形成电流的条件，电流方向的规定，电流大小的定义.解答：ﻩ解：A、电流是由电荷定向移动形成的，选项A中缺少“定向”两个字，故A错误;B、正负电荷的定向移动均可以形成电流；故B错误;C、我们规定电流方向与正电荷定向移动的方向相同；故Ｃ正确;D、电路中电流的方向，在电源内部由电源的负极流向正极,外部由正极流向负极;故D错误;故选：Ｃ.点评：ﻩ本题综合考查了电流的形成、电流形成的条件、电流的方向和电流大小,这些都是基本内容，要记住.７．(2分)对于远距离输电,下列说法正确的是(）A．远距离输电输送的是直流电ﻩB．高压输电可以减少电能损失C．高压线路上的电压可以随意升高ﻩD.ﻩ输电线上的电阻越大，则电能损失越小考点: 远距离输电．专题: 交流电专题．分析:根据P=UＩ可知,输送功率一定,当输送电压越大时，输送电流越小，根据Ｐ损＝Ｉ２R 可知，输电线的电能损失,在高压输电中，电压不是随意提高，要综合考虑各种因素,又如:感抗与容抗．解答：解：A、远距离输电是来自于发电站，是交流电发电机,故A错误;B、根据Ｐ=UI可知,输送功率一定，当输送电压越大时，输送电流越小，根据P损=I2R可知，输电线的电能损失减小，故B正确；Ｃ、在高压输电中，电压不是随意提高，要综合考虑各种因素,故C错误；D、根据P损=I2R可知,输电线上的电阻越大,则输电线的电能损失越大，故Ｄ错误；故选：B.点评:ﻩ考查公式Ｐ=ＵI与P损=I2R的应用,注意输电线的电压降与输电线两端电压的区别，是解题的关键.8．（２分)下列电学器件中，哪个是电容器（）ﻩＢ．ﻩC. D.ﻩﻩＡ.ﻩ考点: 常见电容器的构造.专题：电容器专题.分析:每种类型的电容内部结构是不一样的！简单来说就是，两个电极中间夹了一层介质就构成了电容!根据介质的不同又分为薄膜电容、铝电解电容、陶瓷电容等解答:ﻩ解：A、这是电流表，用来测量电流的器材．故A错误．B、这是滑动变阻器，是一个可调电阻．故B错误.C、这是一个可调电容大小的电容器，故C正确．D、这是一个蓄电池，故D错误．故选C．点评:了解常见的电容器构造，并能区分于其他的电器．９．(2分)关于磁感线的下列说法中，正确的是(）A．磁感线是真实存在于磁场中的有方向的曲线B. 磁感线上任一点的切线方向,都跟该点磁场的方向相同C. 磁铁的磁感线从磁铁的北极出发，终止于磁铁的南极D.ﻩ磁感线有可能出现相交的情况考点:ﻩ磁感线及用磁感线描述磁场.分析:ﻩ磁感线是磁场中的有方向的曲线，但是人为假想的,不存在.磁感线上任一点的切线方向，都跟该点磁场的方向相同．在磁铁的外部磁感线从磁铁的北极出发，进入磁铁的南极,而在磁铁的内部磁感线从磁铁的南极出发，指向磁铁的北极．磁感线不可能出现相交.解答：ﻩ解:A、磁感线是磁场中的有方向的曲线，但是人为假想的，并不存在.故A错误．Ｂ、根据规定,磁感线上任一点的切线方向,都跟该点磁场的方向相同.故B正确.Ｃ、在磁铁的外部磁感线从磁铁的北极出发，进入磁铁的南极,而在磁铁的内部磁感线从磁铁的南极出发,指向磁铁的北极.故C错误.Ｄ、磁感线不可能出现相交．如相交,交点处磁场方向就有两个,不可能.故D错误.故选B点评：本题考查对磁感线的认识和理解能力．对于磁感线常常抓住几个“不”:不存在，不相交,不是粒子运动轨迹.但是闭合曲线．１0．(2分）下列物理量的单位是“特斯拉”的是（)ﻩＡ．安培力ﻩＢ．电场强度Ｃ.ﻩ电容ﻩＤ．ﻩ磁感应强度考点：ﻩ磁感应强度．分析：ﻩ“特斯拉”是磁感应强度的单位，不是电场强度、电动势、电容的单位.解答:解:A、安培力的单位是牛顿,不是特斯拉.故A错误;B、电场强度的单位是牛/库,不是特斯拉．故Ｂ错误．Ｃ、电容的单位是法拉,不是特斯拉．故Ｃ错误.Ｄ、磁感应强度的单位是特斯拉．故D正确.故选：Ｄ点评：本题考查对物理量的掌握程度.单位是物理量的组成部分,对名称和符号都要记住,可结合物理公式加强记忆.11.（２分）关于洛伦兹力，下列说法正确的是(）A．ﻩ电荷处于磁场中一定受到洛伦兹力ﻩＢ．ﻩ运动电荷在磁场中一定受到洛伦兹力C.ﻩ某运动电荷在某处未受到洛伦兹力，该处的磁感应强度一定为零D．洛伦兹力可改变运动电荷的运动方向考点：洛仑兹力．分析:ﻩ运动电荷在磁场中受到的磁场力为洛伦兹力，其方向由左手定则来确定,而大小则是由F＝Bqv求得．解答:ﻩ解：A、电荷处于磁场中，不受到洛伦兹力，因为电荷没有运动，故A错误；Ｂ、运动电荷在磁场中平行与磁场方向时，则没有洛伦兹力；故Ｂ错误;Ｃ、若运动电荷与磁场方向平行,则没有洛伦兹力，但有磁场存在,故C错误;D、根据左手定则可知，洛伦兹力垂直与速度的方向,则一定改变运动电荷的运动方向,故D 正确；故选：D点评：ﻩ洛伦兹力由左手定则来确定，其方向垂直与磁场、运动电荷的方向.且电荷的运动取决于洛伦兹力是否存在，或大小与否.12．（２分）处在磁场中的一闭合线圈,若产生了感应电流,则可以判定(）ﻩA. 线圈在磁场中运动B．ﻩ线圈做切割磁感线运动ﻩC. 磁场发生变化Ｄ. 穿过线圈的磁通量发生了变化考点:ﻩ感应电流的产生条件．分析:感应电流的产生其条件是闭合线圈的磁通量发生变化,由此可判定各个选项解答:ﻩ解：A、产生了感应电流,则可以判定线圈磁通量的变化,而线圈在磁场中运动,不一定出现磁通量的变化,故A错误;B、产生了感应电流，则可以判定线圈磁通量的变化，而线圈做切割磁感线运动,不一定出现磁通量的变化，故B错误；C、产生了感应电流，则可以判定线圈磁通量的变化,而磁场发生变化,不一定出现线圈磁通量的变化，故C错误；D、产生了感应电流，则可以判定线圈磁通量的变化,故Ｄ正确;故选：D点评:主要是抓住感应电流产生的条件：闭合线圈的磁通量发生变化,而磁通量的变化可以是由磁场变化引起，也可以是线圈的面积变化，或位置变化引起的.13．(2分)下列说法正确的是()ﻩA．ﻩ磁通量越大,磁通量的变化率越大B．ﻩ磁通量的变化量越大，磁通量的变化率越大C.ﻩ磁通量变化率越大，磁通量的变化越快D．磁通量越大,磁通量的变化量越大考点: 磁通量．分析：ﻩ磁通量的变化量△Φ=Φ２﹣Φ1,磁通量的变化率为,结合关系式分析判断.解答：解：A、磁通量越大，磁通量的变化量不一定大,磁通量的变化率不一定大,故A错误．Ｂ、磁通量的变化量越大,磁通量的变化率不一定大，故B错误．C、磁通量的变化率越大,磁通量变化越快,故Ｃ正确．D、磁通量越大，磁通量的变化量不一定大,故D错误.故选:Ｃ．点评：解决本题的关键知道磁通量、磁通量变化量、磁通量变化率的关系,可以与速度、速度变化量、速度变化率（加速度)进行类比．14.（2分)如图所示,可以将电压升高供给电灯的变压器是（）ﻩＡ. Ｂ.ﻩＣ．D.ﻩ考点：变压器的构造和原理.专题:ﻩ交流电专题．分析:ﻩ理想变压器的工作原理是原线圈输入变化的电流时，导致副线圈的磁通量发生变化，从而导致副线圈中产生感应电动势．而副线圈中的感应电流的变化，又导致在原线圈中产生感应电动势.变压器的电流比为：原副线圈电流与匝数成反比，电压比为:原副线圈电压与匝数成正比．且电流与电压均是有效值，电表测量值也是有效值.解答:ﻩ解:Ａ、甲图中原线圈接入恒定电流，变压器不能工作,故A错误；B、乙图中,原线圈匝数比副线圈匝数多,所以是降压变压器，故Ｂ错误；C、丙图中,原线圈匝数比副线圈匝数少，所以是升压变压器，故Ｃ正确；D、丁图中,原线圈接入恒定电流,变压器不能工作，故D错误.故选:C．点评:ﻩ理想变压器是理想化模型,一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象.同时副线圈的电压由原线圈电压与原副线圈匝数决定,而原线圈的电流由副线圈决定．15.(２分)下列应用与涡流无关的是（）Ａ. 电磁炉 B.ﻩ微波炉C. 金属探测器D．高频感应冶炼炉考点：ﻩ* 涡流现象及其应用．分析:ﻩ电流做周期性的变化，在附近的导体中产生感应电流,该感应电流看起来像水中的漩涡,所以叫做涡流.涡流会在导体中产生大量的热量.解答：解:A、电磁炉是闭合线圈在变化磁场中，产生的感应电流不同于涡流,但与涡流有关．故A错误．B、微波炉是产生电磁波,从而对食物进行加热，与涡流无关.故B正确．C、探测器中变化电流遇到金属物体,在金属物体上产生涡流．故C错误．D、真空冶炼炉是线圈中的电流做周期性变化，在冶炼炉中产生涡流,从而产生大量的热量.与涡流有关．故D错误．故选:B．点评：ﻩ掌握涡流的原理及应用与防止:真空冶炼炉，硅钢片铁心，金属探测器,电磁灶等．1６.(2分）关于电动势,下列说法中错误的是()ﻩA．电动势的单位是伏特B．电动势大小等于没有接入外电路时电源两端的电压ﻩC. 电动势大小由电源本身性质决定D.ﻩ电动势的单位是焦耳考点:ﻩ电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电动势的大小等于非静电力把单位正电荷从电源的负极，经过电源内部移到电源正极所作的功.如设Ｗ为电源中非静电力（电源力）把正电荷量q从负极经过电源内部移送到电源正极所作的功，则电动势大小为：E=;电动势的方向规定为从电源的负极经过电源内部指向电源的正极,即与电源两端电压的方向相反．解答：解：A、Ｃ、根据电动势的定义公式Ｅ=，电动势的单位为：焦耳/库仑，即为伏特，故A正确Ｄ错误;Ｂ、路端电压与电动势的关系为:Ｕ=E﹣Iｒ，当电源没有接入外电路时，电流为零，故U=E，故B正确；C、电动势的大小取决于非静电力的特性,由电源本身决定，故Ｃ正确；本题选错误的,故选:D．点评：本题关键要明确电动势的定义、物理意义和决定因数,同时要明确路端电压不一定等于电源的电动势．1７.（2分)下列物品中没有用到磁性材料的是（)Ａ. DVD碟片Ｂ．计算机上的磁盘ﻩC. 电话卡ﻩＤ．喝水用的磁性搪瓷杯子考点: 磁现象和磁场.分析:必须用到磁性材料的是计算机上的磁盘，电话卡、喝水用的搪瓷杯子都一定需要．而DＶＤ碟片一定没有用到．解答：ﻩ解:必须用到磁性材料的是计算机上的磁盘,电话卡、喝水用的搪瓷杯子都一定需要．而DＶD碟片一定没有用到．故A正确，BＣＤ错误;故选：A．点评：ﻩ本题考查对生活中磁性材料了解程度，比较简单.1８.(2分)A为已知电场中的一固定点,在A点放一电量为q的电荷,所受电场力为F，A点的场强为E，则()Ａ.ﻩ若在A点换上﹣q，A点的场强方向发生改变ﻩB．ﻩ若在A点换上电量为2q的电荷,A点的场强将变为2ＥﻩＣ．若在A点移去电荷ｑ,Ａ点的场强变为零D． A点场强的大小、方向与q的大小、方向、有无均无关考点: 电场强度.专题:ﻩ电场力与电势的性质专题．分析：根据场强的定义式E＝,判断A点的场强大小;电场强度取决于电场本身，与试探电荷无关．解答：解:电场强度Ｅ=是通过比值定义法得出的,电场强度取决于电场本身,与试探电荷无关,故在A点换上﹣q或2q或把q移去，Ａ点的场强都不变，故ＡBC错误,Ｄ正确．故选：D．。
甘肃省天水一中2021学年上学期高二年级第一学段考试物理试卷
甘肃省天水一中2020-2021学年上学期高二年级第一学段考试物理试卷（满分：100 时间：90分钟）一、选择题（其中1-8小题为单选题，9-12小题为多选题。
每题4分，共48分。
）1．下列有关起电的说法正确的是A ．摩擦起电说明电荷是可以创造的B ．摩擦起电时物体带负电荷是因为在摩擦过程中此物体得到电子C ．感应起电是电荷从物体的一部分转移到另一部分时，失去了部分电子D ．等量的正、负电荷可以中和，说明电荷可以被消灭2．两个相同的金属小球，带电荷量分别为2q -和6q +，小球半径远小于两球心的距离r ，将它们接触后放回原处．则此时的静电力大小变为原来的多少倍（ ）A ．31B ．3C ．43 D 、4 3．如图所示，虚线a 、b 、c 代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，q t 1C 1I 2I 3I 1 C2m 1/N C 2/N C 3/N C 4/N C 4m3m1g 4510-+⨯10m 10m1.6m 155s 4m ）、秒（s ）、安培（A ）表示电阻的单位欧姆（Ω），则其中安培（A ）的指数是三、解答题（共37分）18（8分）有一个电流表G,内阻Rg=30Ω，满偏电流Ig=的电压表，要串联多大的电阻改装后电压表的内阻是多大请画出改装表的电路图19．（8分）氢原子核外只有一个电子，该电子在库仑力作用下绕核做半径为R的匀速圆周运动，假想我们在电子的轨道上取一个横截面，表示静电力常量，e表示元电荷，m表示电子的质量求该电子绕核运动而形成的环形电流的电流强度20．（9分）如图所示，在匀强电场中，将一电荷量为2×10-4的负电荷由A点移到B点，克服电场力做功，已知A、B两点间距离为4cm，两点连线与电场方向成60°角．求：（1）A、B两点间的电势差U AB（2）该匀强电场的电场强度E21．（12分）如图，在真空中有两个电容器C1和C2和一个竖直放置的荧光屏（平面状），电容器C1的两个极板竖直正对放置，极板上开有小孔a、b，小孔a、b连线与荧光屏垂直，交点为O，电容器C2的两个极板水平正对放置两个电容器分别接有电源，电源电压分别为U1和U2，C2的板长为L，板间距为d，，电荷量为q的粒子，从a 孔飘入（初动能可视为O）C1，经过加速和偏转后，粒子打在荧光屏上，不计粒子重力（假设电容器极板正对的空间之外没有电场）1求粒子射出C2电场区域时的竖直分速度的大小2粒子打在荧光屏上激发出荧光，求发光点到O点的距离参考答案=5970Ω，Rv=6000Ω，电路图略 19mR k R 2e I ke mR 2T 223ππ==，=500V ，V/m 102.5E 4⨯=21解：1带电粒子先加速后偏转，根据动能定理，得进入偏转电场后，水平匀速得在偏转电场中 Fa m =其中离开偏转电场时竖直速度 y v at =2带电粒子离开电场时在竖直方向上的偏移量 偏离荧光屏中心O 点的距离。
解析甘肃省天水一中2020┄2021学年高二上学期期末物理试卷
2020┄20２1学年甘肃省天水一中高二(上）期末物理试卷一、单项选择题（每题所给出的四个选项中只有一个是正确的，每小题4分,共32分）1.关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是( ）A.安培力的方向可以不垂直于直导线B.安培力的方向总是垂直于磁场的方向C.安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角无关D.将直导线从中折成直角,安培力的大小一定变为原来的一半２．如图所示,两个同心放置的共面金属圆环a和b，一条形磁铁穿过圆心且与环面垂直,用穿过两环的磁通量φa和φb大小关系为（）A.φa＜φbﻩB．φa>φbﻩC．φａ=φbﻩＤ.无法比较３．图中虚线为一组间距相等的同心圆,圆心处固定一带正电的点电荷．一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹,a、b、ｃ三点是实线与虚线的交点．则该粒子（)A．带负电Ｂ.在c点受力最大Ｃ.在b点的电势能小于在ｃ点的电势能Ｄ．由a点到b点的动能变化大于由b点到ｃ点的动能变化4．喷墨打印机的简化模型如图所示，重力可忽略的墨汁微滴,经带电室带负电后，以速度v 垂直匀强电场飞入极板间,最终打在纸上,则微滴在极板间电场中( )A.向负极板偏转ﻩB．电势能逐渐增大C.运动轨迹是抛物线ﻩD.运动轨迹与带电量无关5.如图所示电路，电源内阻不可忽略，开关S闭合后,在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中（）A．电压表与电流表的示数都减小Ｂ．电压表与电流表的示数都增大Ｃ．电压表的示数增大,电流表的示数减小Ｄ.电压表的示数减小,电流表的示数增大６.在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路,当调节滑动变阻器Ｒ，电流表和电压表的示数分别为０.５0Ａ和２．0V时，电动机未转动.当调节R使电流表和电压表的示数分别为2.0Ａ和24．０V时,电动机正常运转.则这台电动机正常运转时输出功率为（)A．3２WﻩＢ．44WﻩC．４7WﻩD.48W７．关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是( ）A．电场强度的方向总是指向正电荷的运动方向B.电场强度为零的地方,电势也为零C.随着电场强度的大小逐渐减小,电势也逐渐降低Ｄ．任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向8.在如图所示的电路中，由于某一电阻发生短路或断路，使A灯变暗，Ｂ灯变亮,则故障可能是（）A.R1短路ﻩB．R2断路ﻩC.R３断路ﻩD.R4短路二、多选题（本题共２小题，每小题４分,共8分.在每小题给出的四个选项中，至少有二个选项是符合题目要求的；全部选对的得4分,选对但不全的得２分,有选错或不选的得0分．）9．指南针是我国古代四大发明之一.关于指南针,下列说明正确的是( )Ａ.指南针可以仅具有一个磁极Ｂ．指南针能够指向南北,说明地球具有磁场Ｃ．指南针的指向会受到附近铁块的干扰Ｄ.在指南针正上方附近沿指针方向放置一直导线，导线通电时指南针不偏转１0.一平行板电容器C,极板是水平放置的,它和三个可变电阻及电源连接成如图所示的电路．今有一质量为m的带电油滴悬浮在两极板之间静止不动,要使油滴上升，可采用办法是( )Ａ．增大R１ B．增大R2 C.增大Ｒ3Ｄ．减小Ｒ2三.实验题(本大题共两个小题，每空2分,共１6分)11．在测量金属丝电阻率的实验中，可供选用的器材如下：待测金属丝：R x（阻值约４Ω，额定电流约0.5Ａ);电压表:V(量程３Ｖ,内阻约3ｋΩ);电流表：A1(量程0.6A,内阻约0.２Ω）；A２（量程3A，内阻约０.05Ω);电源:E1（电动势3V，内阻不计)E2（电动势12V，内阻不计)滑动变阻器:R（最大阻值约２０Ω)螺旋测微器；毫米刻度尺;开关S；导线.①用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示,读数为mm．②若滑动变阻器采用限流接法,为使测量尽量精确，电流表应选、电源应选（均填器材代号)，完成电路原理图.1２.测量干电池的电动势和内电阻的实验电路如图甲所示,已知干电池允许的最大供电电流为0．5A.（1）实验时应选用下列哪种滑动变阻器 .A．1 000Ω,0．1Ａ B.200Ω，２.０AC.2０Ω，2.０A D．200Ω,0．1A(2）根据实验得到的图象如图乙所示，可求得干电池的电动势和电阻测量值分别为E测= V，r测= Ω．（３）本实验测出的Ｅ测E真，ｒ测r真．（分别选填“>”、“＜”、“＝”)四.计算题（本大题共三道小题,共计4４分.解题过程要求写出必要的文字说明、主要方程式和重要演算步骤，有数值计算的要明确写出数值和单位，只有最终结果的不得分.）13．如图所示，两平行金属板间距为d，电势差为Ｕ，板间电场可视为匀强电场;金属板下方有一磁感应强度为B的匀强磁场.带电量为+ｑ、质量为m的粒子，由静止开始从正极板出发，经电场加速后射出，并进入磁场做匀速圆周运动．忽略重力的影响，求:（１)粒子从电场射出时速度v的大小；（２)粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径Ｒ．1４.如图所示,充电后的平行板电容器水平放置,电容为C,极板间距离为d，上极板正中有一小孔．质量为m，电荷量为+q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零(空气阻力忽略不计,极板间电场可视为匀强电场,重力加速度为g).求：(1）小球到达小孔处的速度；（2）极板间电场强度大小和电容器所带电荷量.１５．如图,在第一象限存在匀强磁场,磁感应强度方向垂直于纸面（xy平面）向外；在第四象限存在匀强电场，方向沿x轴负向．在y轴正半轴上某点以与x轴正向平行、大小为v0的速度发射出一带正电荷的粒子，该粒子在(d，0)点沿垂直于x轴的方向进人电场．不计重力.若该粒子离开电场时速度方向与y轴负方向的夹角为θ，求：(1）电场强度大小与磁感应强度大小的比值；（２)该粒子在电场中运动的时间．2020┄2０21学年甘肃省天水一中高二(上)期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每题所给出的四个选项中只有一个是正确的,每小题4分，共32分）1.关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力,下列说法正确的是( )A．安培力的方向可以不垂直于直导线B.安培力的方向总是垂直于磁场的方向Ｃ.安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角无关D．将直导线从中折成直角,安培力的大小一定变为原来的一半【考点】安培力．【分析】本题考查了产生条件、大小与方向，当电流方向与磁场平行时不受安培力,根据左手定则可知安培力的方向与磁场垂直.引用公式Ｆ=BＩL时,注意要求磁场与电流垂直,若不垂直应当将导线沿磁场与垂直于磁场分解,因此垂直时安培力最大，最大为F=BIL.【解答】解:A、B、根据左手定则可知，安培力方向与磁场和电流组成的平面垂直，即与电流和磁场方向都垂直,故Ａ错误，B正确；C、磁场与电流不垂直时,安培力的大小为F＝BＩＬsinθ，则安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角有关,故C错误;D、当电流方向与磁场的方向平行,所受安培力为0，将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半；将直导线在垂直于磁场的方向的平面内从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的,故D错误．故选：B.【点评】解决本题的关键是知道当导线的方向与磁场的方向平行,所受安培力为0,最小．当导线的方向与磁场方向垂直时,安培力最大,为F=BIＬ.2.如图所示，两个同心放置的共面金属圆环ａ和b,一条形磁铁穿过圆心且与环面垂直，用穿过两环的磁通量φa和φｂ大小关系为( ）A．φa＜φbﻩB．φa>φb C．φａ=φbﻩD．无法比较【考点】磁通量．【分析】在磁铁的外部，磁感线从N极出发进入Ｓ极,在磁铁内部,磁感线从S极指向N极．磁感线是闭合曲线,磁铁内外总条数相等．穿过环面的磁感线方向有两种，存在抵消情况,抵消后磁感线多，磁通量大．【解答】解:根据磁感线的分布情况可知,磁铁内部穿过环面的磁感线方向向上，外部磁感线方向向下．由于磁感线是闭合曲线，磁铁内部的磁感线条数等于磁铁外部磁感线的总条数,而磁铁外部磁感线分布在无限大的空间，所以穿过环面的磁铁外部向下的磁感线将磁铁内部向上的磁感线抵消一部分,a的面积小,抵消较小,则磁通量较大，所以Φa＞Φｂ．故选B【点评】本题是非匀强磁场磁通量大小的比较问题,抓住抵消后剩余磁通量进行比较.常见问题，中等难度.3.图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷．一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点．则该粒子（)Ａ．带负电Ｂ.在c点受力最大C．在b点的电势能小于在c点的电势能Ｄ.由a点到b点的动能变化大于由b点到ｃ点的动能变化【考点】电场线；电势.【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小,沿电场线的方向,电势降低,电场力做正功，电势能减小,电场力做负功，电势能增加．【解答】解：Ａ:根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在a→ｂ→c的过程中，一直受静电斥力作用，根据同性电荷相互排斥,故粒子带正电荷，A错误;B:点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大,场强越小,粒子在C点受到的电场力最小,故B错误；C：根据动能定理，粒子由b到c,电场力做正功，动能增加,故粒子在ｂ点电势能一定大于在c点的电势能，故C错误；D：ａ点到ｂ点和b点到ｃ点相比,由于点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大,场强越小,故ａ到b电场力做功为多,动能变化也大，故Ｄ正确.故选:D．【点评】本题中，点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小,掌握住电场线和等势面的特点，即可解决本题．属于基础题目.4.喷墨打印机的简化模型如图所示,重力可忽略的墨汁微滴,经带电室带负电后，以速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中（）A.向负极板偏转ﻩB．电势能逐渐增大Ｃ．运动轨迹是抛物线Ｄ．运动轨迹与带电量无关【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】压轴题;带电粒子在电场中的运动专题．【分析】由电子带负电，在电场中受到的力来确定偏转方向;根据电子做类平抛运动来确定侧向位移,根据电场力做功来确定电势能变化情况.【解答】解:Ａ、由于带负电,故向正极板偏转,A错误；B、由于带负电墨汁微滴做正功,故电势能减少，B错误；C、由于电子在电场中做类平抛运动,轨迹为抛物线,故C正确；D、由侧向位移y=at２=（\fｒac{ｌ}｛v}）2,可知运动轨迹与带电量有关，D错误．故选:C．【点评】解答本题需要理解电子做类平抛运动的规律及处理的方法,并得出电势能变化是由电场力做功来确定的.5.如图所示电路,电源内阻不可忽略,开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中( ）A.电压表与电流表的示数都减小B．电压表与电流表的示数都增大C．电压表的示数增大,电流表的示数减小Ｄ．电压表的示数减小，电流表的示数增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题.【分析】由电路图可知R2与Ｒ０并联后与Ｒ１串联,电压表测路端电压;由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化及路端电压的变化,再分析局部电路可得出电流表中示数的变化.【解答】解：当滑片下移时,滑动变阻器接入电阻减小，则外电路总电阻减小,电路中总电流增大，电源的内电压增大,则由闭合电路欧姆定律可知，电路的路端电压减小，故电压表示数减小;由欧姆定律可知,R1上的分压增大,而路端电压减小,故并联部分的电压减小,则通过R２的电流减小,根据并联电路的特点可知：通过R０的电流增大，则电流表的示数增大.故D正确,A ＢC错误;故选：Ｄ．【点评】分析闭合电路的欧姆定律的动态分析的题目时,一般要按先外电路、再内电路、后外电路的思路进行分析;重点分析电路中的路端电压、总电流及部分电路的电流及电压变化．6.在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路,当调节滑动变阻器R,电流表和电压表的示数分别为０.５0A和2.０V时，电动机未转动．当调节R使电流表和电压表的示数分别为２.0A和24．0V时，电动机正常运转.则这台电动机正常运转时输出功率为( ）A．32WﻩB.44WﻩＣ.47W Ｄ．48W【考点】电功、电功率．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题.【分析】让电动机停止转动时，其电路是纯电阻电路,由欧姆定律求出电阻.电动机正常运转时,根据输入的电功率和热功率之差求出输出功率.由焦耳定律求解热功率.【解答】解：电动机停止转动时,其电路是纯电阻电路,由欧姆定律得,电动机的电阻为R==4Ω电动机正常运转时,输入的电功率为P电=U2I２=48W，发热功率P热＝Ｉ２2R=２2×４W=16W,所以输出功率为P出=P电﹣P热＝32Ｗ，故A正确.故选：A【点评】电动机电路停止运转时其电路纯电阻电路，欧姆定律成立.电动机正常运转时,其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，根据能量转化和守恒定律求解输出功率.7.关于静电场的电场强度和电势,下列说法正确的是（）A．电场强度的方向总是指向正电荷的运动方向B.电场强度为零的地方，电势也为零Ｃ．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D．任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向【考点】电场强度.【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度与电势没有直接关系;电场强度的方向与等势面垂直，电场强度的方向是电势降低最快的方向;根据这些知识进行解答.【解答】解：A、只有当电场线是直线,且正电荷从静止开始的，则电场强度的方向才会指向正电荷的运动方向,故A错误；Ｂ、电场强度与电势没有直接关系，电场强度为零时,电势不一定为零;电势为零，电场强度不一定为零，故B错误;Ｃ、随着电场强度的大小逐渐减小,但电势不一定逐渐降低,因此电场强度减小的方向,不一定沿着电场线方向，故C错误；D、顺着电场线方向电势降低,由匀强电场U=Ed可知，电场强度的方向是电势降低最快的方向,故D正确.故选:D．【点评】明确电场强度与电势无直接关系,知道电场强度的方向是电势降低最快的方向，属于基础题.8.在如图所示的电路中,由于某一电阻发生短路或断路，使A灯变暗,B灯变亮,则故障可能是（)A.R1短路B.R2断路ﻩC.R３断路D.R4短路【考点】闭合电路的欧姆定律.【专题】恒定电流专题．【分析】Ａ灯变暗，说明外电阻总电阻变大了；B灯变亮，说明其分得的电压变大了；根据传并联电路的特点和闭合电路欧姆定律列式求解．【解答】解:A、Ｒ1短路，外电路总电阻减小，电流变大，A灯变亮,故A错误;Ｂ、Ｒ2断路,Ｂ灯泡分得的电压变大，变亮;外电阻总电阻变大,电流减小，A灯变暗,故Ｂ正确;Ｃ、R3断路,B灯泡分得的电压变大,变亮;外电阻总电阻变大,电流减小,Ａ灯变暗,故C正确；D、R4短路，外电路总电阻减小,电流变大,A灯变亮，故D错误；故选BC.【点评】本题是电路的动态分析问题，关键理清电路结构，然后根据串并联电路的特点分析，不难.二、多选题(本题共2小题，每小题4分，共8分．在每小题给出的四个选项中,至少有二个选项是符合题目要求的;全部选对的得4分，选对但不全的得２分，有选错或不选的得０分.)9.指南针是我国古代四大发明之一.关于指南针，下列说明正确的是( ）A.指南针可以仅具有一个磁极Ｂ．指南针能够指向南北，说明地球具有磁场C．指南针的指向会受到附近铁块的干扰D．在指南针正上方附近沿指针方向放置一直导线,导线通电时指南针不偏转【考点】地磁场.【分析】指南针又称指北针，主要组成部分是一根装在轴上的磁针，磁针在天然地磁场的作用下可以自由转动并保持在磁子午线的切线方向上,磁针的北极指向地理的北极,利用这一性能可以辨别方向．常用于航海、大地测量、旅行及军事等方面．物理上指示方向的指南针的发明由三部曲组成:司南、磁针和罗盘．他们均属于中国的发明.【解答】解：A、不存在单独的磁单极子，指南针也不例外,故A错误；Ｂ、指南针能够指向南北，说明地球具有磁场，地磁场是南北指向的，故Ｂ正确;C、指南针的指向会受到附近铁块的干扰，是由于铁块被磁化后干扰了附近的地磁场,故Ｃ正确；D、在指南针正上方附近沿指针方向放置一直导线,电流的磁场在指南针位置是东西方向的，故导线通电时指南针偏转90°,故D错误；故选:ＢC．【点评】指南针在航海上的应用对地理大发现和海上贸易有极大的促进作用．指南针的发明源于中国古人如何定向问题的研究，也表明古人对如何定向问题的重视．为此,指南针被誉为中国古代四大发明之一．1０.一平行板电容器Ｃ，极板是水平放置的，它和三个可变电阻及电源连接成如图所示的电路．今有一质量为ｍ的带电油滴悬浮在两极板之间静止不动,要使油滴上升，可采用办法是( ）A．增大R1ﻩB．增大Ｒ２ C.增大Ｒ3ﻩD．减小R2【考点】闭合电路的欧姆定律.【专题】恒定电流专题.【分析】电路稳定时,电容器的电压等于可变电阻Ｒ3的电压,改变R1，对电容器的电压没有影响.要使油滴上升,需增加R３两端的电压,根据欧姆定律确定采用的方法.【解答】解：Ａ、增大R1，对电容器的电压没有影响.油滴不动．故A错误.Ｂ、增大R2,Ｒ2分担的电压变大，则R3分担的电压变小，则电容器两端的电压减小,油滴下降．故B错误,D正确．C、增大R3，R3分担的电压变大,则电容器两端的电压变大,油滴上升．故C正确．故选CD.【点评】本题关键分析电容器的电压是否变化.以及知道电容器两端的电压等于R3两端的电压．三.实验题（本大题共两个小题，每空2分,共16分)11．在测量金属丝电阻率的实验中,可供选用的器材如下：待测金属丝：Ｒx（阻值约4Ω,额定电流约０.５A);电压表：V（量程3V,内阻约3kΩ);电流表：A1(量程０.６A,内阻约0.2Ω);A2（量程3A,内阻约０.０5Ω)；电源:E1(电动势3Ｖ,内阻不计)Ｅ2（电动势12V,内阻不计)滑动变阻器：R（最大阻值约２０Ω）螺旋测微器;毫米刻度尺;开关Ｓ；导线.①用螺旋测微器测量金属丝的直径,示数如图所示,读数为1．73３mｍ．②若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电流表应选Ａ１、电源应选E１（均填器材代号)，完成电路原理图.【考点】测定金属的电阻率．【分析】①螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；②根据金属丝的额定电流选择电流表，根据金属丝的额定电压选择电源;根据金属丝阻值与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后作出实验电路图．【解答】解：①由图示螺旋测微器可知,其示数为：1.5ｍm+2７.3×0.０1mm＝１.７7３mm；②电阻丝的额定电流约为0.5Ａ，电流表应选A1；电阻丝的额定电压约为U=IR=0.5×5＝2．５V,电源应选E1;待测金属丝电阻约为5Ω,电压表内阻约为3ｋΩ,电流表内阻约为０.２Ω,相对来说电压表内阻远大于待测金属丝的电阻,电流表应采用外接法，由题意可知，滑动变阻器采用限流接法，实验电路图如图所示：故答案为：①1.773;②A1;E1;实验电路图如图所示.【点评】本题考查了螺旋测微器读数、实验器材的选择、设计实验电路图，螺旋测微器固定刻度示数与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；确定电流表的接法是正确设计实验电路的关键,当电压表内阻远大于待测电阻阻值时，电流表应采用外接法.12．测量干电池的电动势和内电阻的实验电路如图甲所示,已知干电池允许的最大供电电流为0．5A．（1)实验时应选用下列哪种滑动变阻器C ．A.1 ０00Ω,0.１ＡB．２00Ω,2.0AＣ.20Ω,2．0A D．20０Ω，０.1A（２)根据实验得到的图象如图乙所示,可求得干电池的电动势和电阻测量值分别为Ｅ测= 1.４5 Ｖ，ｒ测= ２.0 Ω．(3)本实验测出的E测＜E真,r测< r真.（分别选填“>”、“＜”、“=”)【考点】测定电源的电动势和内阻.【专题】实验题;定性思想；推理法;恒定电流专题.【分析】(1）滑动变阻器在电路中起到保护电路并调节电流作用,在限流接法中取比内电阻大10左右即可．过大则难以调节，过小起不到应有的调节作用．（２）由闭合电路欧姆定律可得出电压与电流的关系,结合数学关系可知图象的斜率表示内阻，与纵坐标的交点表示电源的电动势;(３）图象与纵坐标的交点表示电动势,图象的斜率表示内电阻;由图象法可分析此种接法会造成的误差.【解答】解:(1）由题意可知，干电池的内阻约为几欧，故为了易于调节，准确测量，滑动变阻器应选最大值较小的，故C正确．故选：C（2）由闭合电路欧姆定律可知:Ｕ=Ｅ﹣Iｒ,即电动势与电流成一次函数关系，由数学知识可知，图象与纵坐标的交点为电源的电动势,图象的斜率表示电源内电阻，故由图可知：电动势Ｅ=1.4５V,ｒ==2.0Ω,(3)因该接法中由于电压表的分流而导致电流表示数偏小，但电压表是准确的，故图象比真实图象要向上偏,同时,当电路短路时，电压表的分流是可以忽略的,故短路电流是准确的，故图象与横轴的交点不变，所以所测电动势小于真实值，内阻也小于真实值．故答案为：(１）C；(2)1.４５;2.0;（３）＜;＜【点评】测定电动势和内电阻的实验中为了减小误差采用了图象分析法,要根据实验原理得出公式，并结合图象的斜率和截距得出正确的结果,难度适中.四.计算题(本大题共三道小题，共计44分.解题过程要求写出必要的文字说明、主要方程式和重要演算步骤,有数值计算的要明确写出数值和单位，只有最终结果的不得分.）１3．如图所示,两平行金属板间距为ｄ，电势差为Ｕ，板间电场可视为匀强电场；金属板下方有一磁感应强度为B的匀强磁场.带电量为＋q、质量为m的粒子，由静止开始从正极板出发，经电场加速后射出，并进入磁场做匀速圆周运动.忽略重力的影响，求：(1）粒子从电场射出时速度v的大小;(２）粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径R.【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】（1）根据动能定理求得粒子从电场射出时的速度大小；（2）带电粒子进入磁场在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供圆周运动向心力求得粒子圆周运动的半径．【解答】解:(1)设带电粒子射出电场时的速度为v,由动能定理可得：解得粒子射出速度v＝（2）带电粒子在磁场中做匀速圆周运动,由牛顿第二定律可得:可得带电粒子圆周运动的半径R===答:(1)粒子从电场中射出时的速度为;。
2019-2020学年甘肃省天水市甘谷第一中学高二下学期开学考试物理试题(解析版)
甘谷一中2019—2020学年度第二学期高二第一次月考物理试卷（第Ⅰ卷，选择题共50分）一．选择题：（本题共15小题，共50分。
第．1．题．---．．．第．10．．题为单选题，每题．．．．．．．．3．分，第．．．11．．题．---．．．第．15．．题为多选题，．．．．．．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
） 1.两个完全相同的电热器，分别通以图甲、乙所示的峰值相等的矩形交变电流和正弦交变电流，则这两个电热器的电功率之比P 甲∶P 乙等于()A.2 1B. 2∶1C. 4∶1D. 1∶1『答案』B 『解析』『详解』方波的电流有效值a m I I =，正弦交流电的有效值2mb I =，根据功率公式2P I R =得到2222:::(2:12ma b a b m P P I I I ===．A 21，与结论不相符，选项A 错误；B ．2∶1，与结论相符，选项B 正确；C ．4∶1，与结论不相符，选项C 错误；D ．1∶1，与结论不相符，选项D 错误； 故选B.点睛：对于交变电流求解热量、热功率、电功等都应用有效值，求解电量用平均值．2.如图所示，一个小型水电站，其交流发电机的输出电压U 1一定，通过理想升压变压器T 1和理想降压变压器T 2向远处用户供电，输电线的总电阻为R .T 1的输入电压和输入功率分别为U 1和P 1，它的输出电压和输出功率分别为U 2和P 2；T 2的输入电压和输入功率分别为U 3和P 3，它的输出电压和输出功率分别为U 4和P 4.下列说法正确的是( )A. 当用户的用电器增多时，U 2减小，U 4变大B. 当用户的用电器增多时，P 2变大，P 3减小C. 要减小线路的损耗，应增大升压变压器的匝数比21n n ，同时应减小降压变压器的匝数比34n n D. 要减小线路的损耗，应增大升压变压器的匝数比21n n ，同时应增大降压变压器的匝数比34n n 『答案』D 『解析』交流发电机的输出电压U 1一定，匝数没变，根据1122U n U n =，可知U 2不变，故A 错误；当用户的用电器增多时，用户消耗的电功率变大，则输入功率增大，即P 3变大，故B 错误；输送功率一定时，根据P=UI 和2P I R =损可知，要减小线路的损耗，应增大输送电压，又因U 1一定，2211U n U n =可知，应增大升压变压器的匝数比；由于U 3=U 2-IR ，U 2增大，I 2减小，所以U 3增大，用户电压不变，根据3344U n U n =可知，应增大降压变压器的匝数比，故C 错误，D 正确．3.用甲、乙、丙三种单色光在同一个光电管上做光电效应实验，发现光电流I 与电压U 的关系如图所示，下列说法正确的是A. 甲、乙两种单色光的强度相同B. 单色光甲的频率大于单色光丙的频率C. 三种单色光在同种介质中传播时，丙的波长最短 D. 三种单色光中，丙照射时逸出光电子的最大初动能最小『答案』C 『解析』『详解』A 、甲乙两种单色光对应的遏止电压相同，则两种光的频率相同，但加正向电压时甲的饱和电流更大，说明甲光的光更强；故A 错误.B 、D 、由光电效应方程0km E hW ν=-和0C km eU E -=-可知遏止电压越大时，对应的光的频率越大，故=ννν<甲乙丙；三种光照射同一金属，飞出的光电子的最大初动能关系为=E E E <km 甲km 乙km 丙；故B ，D 均错误.C 、光在同种介质中传播的速度相同，由v λν=可得，=λλλ>甲乙丙；故C 正确. 故选C.4.用如图所示装置做光电效应实验，下述正确的是（ ）A. 光电效应现象是由爱因斯坦首先发现的B. 实验现象揭示了光具有波动性C. 实验中，光电子从锌板逸出，验电器带正电D. 实验中，若用可见光照射锌板，也能发生光电效应『答案』C 『解析』『详解』A 、光电效应是由赫兹首先发现的，故A 错误．B 、光电效应现象揭示了光具有粒子性，故B 错误．C 、光电效应现象中，光电子从锌板逸出，验电器带正电，故C 正确．D 、光电效应中应该用紫外线照射锌板，当用可见光时，频率降低，小于极限频率，则不满足光电效应反生条件．故D 错误．故选C ．『点睛』解决本题的关键知道光电效应方程，知道光电效应说明光具有粒子性，理解光电效应发生的条件．5.关于卢瑟福的α粒子散射实验，下列叙述中与得到的实验结果相符的是（ ） A. 所有α粒子穿过金箔后偏转角度都很小 B. 大多数α粒子发生较大角度的偏转 C. 向各个方向运动的α粒子数目基本相等D. 极少数α粒子产生超过90°的大角度偏转『答案』D 『解析』『详解』当α粒子穿过原子时，电子对α粒子影响很小，影响α粒子运动的主要是原子核，离核远则α粒子受到的库仑斥力很小，运动方向改变小。
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甘肃省天水市甘谷一中２０２0┄２021学年高二上学期第一次月考物理试卷一、选择题(本题共1５小题，每小题3分，在每小题给出的四个选项中，第１～11题只有一项符合题目要求，第１2~１5题有多项符合题目要求.全部选对得３分,选对但不全的得2分，有选错的得０分．把正确的答案涂在答题卡上,答在试卷上的无效）1．(3分)下列说法正确的是()ﻩA．静电感应不是创造了电荷，而是电荷从物体的一部分转移到另一部分引起的B.ﻩ一个带电物体接触另一个不带电物体，两个物体有可能带上异种电荷ﻩC．ﻩ摩擦起电是因为通过克服摩擦做功而使物体产生了电荷Ｄ. 摩擦起电是质子从一物体转移到另一物体２．（3分)关于电场强度E的说法正确的是（）A．ﻩ根据E=可知,电场中某点的电场强度与电场力F成正比，与电量q成反比ﻩB.ﻩ电场中某点的场强方向跟正电荷在该点所受的电场力的方向相同ﻩC．E是矢量，与F的方向一致ﻩD．ﻩ公式Ｅ＝对任何电场都适用３.(3分)下列关于点电荷和元电荷的说法中，不正确的是(）A.ﻩ把１.6×10﹣1９C的电荷量叫元电荷ﻩB. 带电体间的距离比它们本身的大小大得多,以至于带电体的形状和大小对它们间的相互作用力的影响可忽略不计时,带电体就可以视为点电荷ﻩC．只有体积很小的带电体才可以看成点电荷D.ﻩ任何带电体所带电荷量都是元电荷的整数倍４.(３分）如图所示，在y 轴上关于O点对称的A、B 两点有等量同种点电荷+Ｑ，在x 轴上Ｃ点有点电荷﹣Q,且CＯ=OＤ,∠AＤO＝60°．下列判断正确的是()ﻩA．D点电场强度为零Ｂ．O点电场强度为零C.ﻩ若将点电荷+ｑ从O移向C，电势能增大ﻩD. 若将点电荷﹣ｑ从Ｏ移向C，电势能减小５．（3分)关于场强和电势差的关系，说法正确的是()ﻩA．ﻩ电场强度越大的地方，电势越高，任意两点间的电势差越大ﻩB.ﻩ沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降低必定相等C．ﻩ电势降低的方向必定是电场强度的方向D．沿着电场线方向,单位距离上降落的电势越大,则场强越大６．(3分）下列公式中，既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有（）①场强Ｅ=②场强E=③场强Ｅ=④电场力做功W＝Ｕｑ.A．ﻩ①③B．②③ C.ﻩ①④Ｄ.ﻩ②④7.（3分）如图所示,电荷量为Q1、Q2的两个正点电荷分别位于A点和B点，两点相距L.在以Ｌ为直径的光滑绝缘半圆环上，穿着一个带电小球＋q（视为点电荷），在Ｐ点平衡.若不计小球重力,那么,PA与ＡＢ的夹角α与Q１、Q2的关系应满足(）A. tan２α=B. tan2α=ﻩC.ﻩｔan３α=ﻩD．ﻩｔan3α=8.(３分)如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷,带负电的小物体以初速度Ｖ1从M点沿斜面上滑,到达N点时速度为零，然后下滑回到M点,此时速度为V2（Ｖ2＜V1)．若小物体电荷量保持不变,ＯＭ＝ON，则（)A. 小物体上升的最大高度为B. 从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小C. 从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D．ﻩ从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先减小后增大9.（3分)如图所示,在某匀强电场中有a、ｂ、c三点,它们的连线组成一个直角三角形.已知ac=5cm,bc=3ｃｍ,现将电荷量q=2×1０﹣8C的负电荷由a移到b和由a移到c,均要克服电场力做8×10﹣8J的功，则该匀强电场的电场强度为()10０V／ｍ由a指向b B.ﻩ100V／m 由b指向aA．ﻩﻩC．ﻩ1６0Ｖ/m 由ａ指向cﻩＤ．ﻩ1６0V/m 由ｃ指向a１０.(3分)如图所示,真空中O点有一点电荷,在它产生的电场中有a、b两点，ａ点的场强大小为Eａ，方向与aｂ连线成6０°角，b点的场强大小为E b，方向与ab连线成30°角．关于a、b两点场强大小E a、Eｂ的关系,以下结论正确的是()A．ﻩE a＝ B.ﻩＥa=Ｅb C．ﻩE a=E bﻩD.ﻩE a=３E b11．(3分)在一匀强电场区域中，有A、B、Ｃ、Ｄ四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上,已知A、B、C三点电势分别为φA＝1V，φB=4V,φＣ=0,则D点电势φD大小为（)A.ﻩ﹣３ＶB. 2VﻩC．ﻩ0D．1V１２.(3分）如图甲所示，A、Ｂ是一条电场线上的两点,当一个电子以某一初速度只在电场力作用下沿AB由A点运动到Ｂ点，其v﹣ｔ图象如图乙所示,电子到达B点时速度恰为零．下列判断正确的是（)ﻩA.ﻩＡ点的电场强度一定大于B点的电场强度B. 电子在A点的加速度一定等于在Ｂ点的加速度C. A点的电势一定高于B点的电势D．ﻩ该电场可能是负点电荷产生的13．（3分)一个电子只在电场力作用下从a点运动到b点的轨迹如图中虚线所示，图中一组平行实线可能是电场线，也可能是等势线，下列说法中正确的是()ﻩA．ﻩ如果实线是电场线，则ａ点的电势比ｂ点的电势高ﻩB.ﻩ如果实线是等势线，则a点的电势比b点的电势高C．ﻩ如果实线是电场线，则电子在ａ点的电势能比在b点的电势能大ﻩD.ﻩ如果实线是等势线，则电子在a点的电势能比在b点的电势能大１４．（3分)如图所示，虚线a、ｂ、ｃ代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc,实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Ｑ是这条轨迹上的两点，据此可知（）ﻩA．ﻩ三个等势面中，a的电势最高B.ﻩ带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C.ﻩ带电质点通过P点时的动能比通过Ｑ点时大ﻩD．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时大１5．(３分)使带电的金属球靠近不带电的验电器,验电器的箔片张开.下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况,正确的是()ﻩＡ．ﻩB.Ｃ．ﻩﻩD．二、实验题（本题共２小题.共１2分.把答案填在题中的横线上或按题目要求作答)16.(6分)如图为某电场的部分电场线，将某一负电荷分别放在Ａ、Ｂ两点,则两点的场强大小E A E B,负电荷在两点的电势能ＥPＡEＰB（选填“>”、“＜”或“=”）.17．(６分)两点电荷间距离为r时，相互作用力为F，当距离变为时，它们之间相互作用力为F,为使作用力仍为F,则两点电荷的电量可同时为原来的倍.三.计算题(18小题８分,１9小题11分,２０、２1每小题８分,共４3分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不给分．有数字计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.)18．(8分)将一个电荷量为1.0×10﹣８C的负电荷,从无穷远处移到电场中的A点，克服电场力做功2.0×10﹣8J，现将该电荷从A点移到B点，电场力做功1.０×１0﹣8J.试求电场中A、Ｂ两点的电势.（取无穷远处为零电势能点)19．（11分)如图所示,ABＣD为竖立放在场强为E=1０4 V／m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道,其中轨道的ＢC部分是半径为R的半圆环,轨道的水平部分与半圆环相切,A为水平轨道上的一点，而且Ａ＝R=0.2m．把一质量m=０．1kg、带电量q＝１0﹣４C的小球，放在水平轨道的A点由静止开始释放后,在轨道的内侧运动．（ｇ取10m/s2)求:(1)它到达Ｃ点时的速度是多大？（2)若让小球安全通过D点,开始释放点离Ｂ点至少多远？20.(12分)如图所示,光滑斜面倾角为3７°，一带有正电的小物块质量为m,电荷量为ｑ,置于斜面上,当沿水平方向加有如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变化为原来的,求：（1)原来的电场强度的大小;（２）物体运动的加速度;（3)沿斜面下滑距离为L时物体的速度的大小(sin３7°＝0.6,cos37°＝0.8）2１．（12分)长为L的绝缘细线下系一带正电的小球,其带电荷量为Q，悬于O点,如图所示.当在O点处固定一个正电荷时,如果球静止在A处，则细线拉力是重mg的两倍.现将球拉至图中B处(θ＝60°）放开球让它摆动,问:(1)固定在O处的正电荷的带电荷量为多少?（2）摆球回到A处时悬线拉力为多少？甘肃省天水市甘谷一中2０20┄2021学年高二上学期第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共１5小题，每小题3分，在每小题给出的四个选项中,第1~11题只有一项符合题目要求，第1２~15题有多项符合题目要求.全部选对得3分,选对但不全的得2分,有选错的得0分．把正确的答案涂在答题卡上,答在试卷上的无效）１．（３分)下列说法正确的是（）A. 静电感应不是创造了电荷，而是电荷从物体的一部分转移到另一部分引起的ﻩB.ﻩ一个带电物体接触另一个不带电物体,两个物体有可能带上异种电荷C．摩擦起电是因为通过克服摩擦做功而使物体产生了电荷Ｄ．摩擦起电是质子从一物体转移到另一物体考点：ﻩ电荷守恒定律.专题：ﻩ电场力与电势的性质专题．分析:ﻩ不论静电感应带电,还是摩擦起电,它们不会创造电荷,只是电荷的转移,从一物体转移另一物体,或从一部分转移另一部分,当电荷间距远大于自身大小时，才能看成点电荷,点电荷的电量不确定,但是元电荷的整数倍．解答：解:A、静电感应不会创造电荷，只是电荷从物体的一部分转移到了另一部分，故A 正确;B、一个带电物体接触另一个不带电物体，两个物体只能带上同种电荷;故B错误;C、摩擦起电是因为通过电荷发生了转移而产生了电荷;故C错误；D、在摩擦起电时，产生转移的核外电子；不是质子；故D错误;故选:A.点评:ﻩ考查带电或起电的本质,掌握点电荷与元电荷的区别,理解点电荷的成立条件．2．（3分）关于电场强度E的说法正确的是（）A.ﻩ根据E＝可知，电场中某点的电场强度与电场力F成正比,与电量q成反比ﻩＢ.ﻩ电场中某点的场强方向跟正电荷在该点所受的电场力的方向相同ﻩC.ﻩE是矢量,与F的方向一致Ｄ．ﻩ公式Ｅ=对任何电场都适用考点:ﻩ电场强度．专题:ﻩ电场力与电势的性质专题．分析：公式Ｅ＝是电场强度的定义式,公式Ｅ=点电荷的电场强度的计算式，它们的内涵与外延不同.解答：解：Ａ、公式Ｅ=是电场强度的定义式，场强的大小是由电场本身决定的，不与电场力Ｆ成正比,与电量q成反比,故A错误;B、Ｃ、电场中某点场强方向就是该点所放正电荷电荷受到的电场力的方向,与负电菏受力的方向相反,故B正确,C错误；D、公式E=是点电荷的电场强度的计算式,所以E与Q成正比,与r2成反比,只适用于点电荷的电场,故D错误；故选:B．点评:该题考查电场强度的定义式与点电荷的电场强度的计算式,要理解它们的内涵与外延．3．（3分)下列关于点电荷和元电荷的说法中，不正确的是(）A.ﻩ把１.６×１０﹣19Ｃ的电荷量叫元电荷Ｂ. 带电体间的距离比它们本身的大小大得多,以至于带电体的形状和大小对它们间的相互作用力的影响可忽略不计时，带电体就可以视为点电荷C.ﻩ只有体积很小的带电体才可以看成点电荷D．任何带电体所带电荷量都是元电荷的整数倍考点: 元电荷、点电荷．专题：ﻩ电场力与电势的性质专题．分析:点电荷是当两个带电体的形状对它的相互作用力的影响可忽略时,这两个带电体可看作点电荷.而元电荷是带电量的最小值，它不是电荷，所有带电电荷量均是元电荷的整数倍.解答：解：Ａ、把1.6×10﹣19C的电荷量叫元电荷，故A正确；B、当两个带电体形状和大小及电荷分布对它们间的相互作用力的影响可忽略时,这两个带电体可看作点电荷,点电荷是一种理想化的物理模型，并不是只有体积很小的带电体才可以看成点电荷，故B正确，C错误;D、任何带电体所带电荷量都是元电荷的整数倍，故D正确；本题选择不正确的,故选:Ｃ.点评：点电荷是电荷，有电荷量与电性，而元电荷不是电荷，有电荷量但没有电性．4.(3分)如图所示，在y 轴上关于O点对称的A、B 两点有等量同种点电荷＋Q,在ｘ轴上C 点有点电荷﹣Q，且CO=OD,∠ＡDO=６０°.下列判断正确的是()Ａ．D点电场强度为零B．O点电场强度为零C. 若将点电荷+q从O移向C，电势能增大ﻩD.ﻩ若将点电荷﹣q从Ｏ移向C,电势能减小考点:ﻩ电势能；电场强度．专题: 电场力与电势的性质专题.分析：Ｄ点电场是三个电荷产生的电场的叠加．根据点电荷的场强公式E=分析三个电荷在D点在产生的场强大小关系,根据平行四边形定则研究D的场强.两个正电荷Q在O点电场强度抵消,O点的场强方向是水平向左．根据电场力做功的正负，判断电荷电势能的变化．电场力做正功，电荷的电势能减小；相反,电场力做负功，电势能增大．解答：解:Ａ、由于三个电荷的电量大小相等，CＯ=ＯＤ，∠ADO＝60°,根据平行四边形定则得到，y轴上两个等量同种点电荷+Q在D点产生的电场强度方向沿+x轴方向,大小等于E1=.﹣Q在D点产生的场强大小为E２=，方向水平向左.由几何知识得到，ＡＤ=CD,则Ｅ1=E2，所以D点电场强度为零.故A正确.B、y轴上两个等量同种点电荷＋Ｑ在O点产生的电场强度大小相等,方向相反,完全抵消．所以O点电场强度方向水平向左．故B错误．Ｃ、根据叠加原理可知,OC段的电场方向从Ｏ→C，将点电荷＋q从O移向C，电场力做正功，电势能减小.故C错误．D、由上可知,OＣ段的电场方向从O→C,将点电荷﹣q从Ｏ移向Ｃ,电场力做负功,电势能增大.故D错误.故选A点评：ﻩ本题有三个电荷,空间中任意一点的电场是三个电荷产生的电场的叠加，要充分利用对称性．５．(3分）关于场强和电势差的关系,说法正确的是(）A．电场强度越大的地方，电势越高，任意两点间的电势差越大ﻩB.ﻩ沿着电场线方向,任何相同距离上的电势降低必定相等C．电势降低的方向必定是电场强度的方向Ｄ．ﻩ沿着电场线方向，单位距离上降落的电势越大,则场强越大考点：ﻩ匀强电场中电势差和电场强度的关系.专题：ﻩ电场力与电势的性质专题.分析：电场强度与电势没有直接关系，在匀强电场中电场强度与电势差的关系是Ｕ=Ed，ｄ是沿电场线方向两点间的距离;在匀强电场中，沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降低必定相等；电势降低最快的方向必定是电场强度的方向．解答:ﻩ解:A、电场强度与电势无关,所以电场强度越大的地方，电势不一定越高,两点间的电势差也不一定越大，故A错误；Ｂ、只有在匀强电场中，根据公式U＝Ｅd可知，沿着电场线方向,任何相同距离上的电势降低必定相等；若是非匀强电场,沿着电场线方向,相同距离上的电势降低不一定相等，故B 错误;C、沿着电场线方向电势逐渐降低，但电势降低最快的方向才是电场强度方向.故C错误;D、根据E=知,沿着电场线方向，单位距离上降落的电势越大,U越大，则场强越大，故D 正确．故选：D.点评：ﻩ本题考查对物理规律的解理能力.物理公式要从每个量的意义、公式适用条件等方面理解.6．(3分）下列公式中,既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有()①场强E=②场强E=③场强E=④电场力做功W=Ｕq.ﻩA．①③ﻩB．ﻩﻩC．①④ﻩＤ．ﻩ②④②③考点：电场强度.专题：电场力与电势的性质专题.分析:ﻩE＝是电场强度的定义式，适用于一切电场,仅适用于匀强电场，适用于点电荷产生的电场.W=qＵ适用于一切电场．解答:ﻩ解:E＝是电场强度的定义式,适用于一切电场，仅适用于匀强电场,适用于点电荷产生的电场．W＝ｑU适用于一切电场.可知既适用于点电荷产生的静电场,也适用于匀强电场是①④．故选:Ｃ．点评：解决本题的关键掌握电场强度的三个公式,知道公式的适用条件，基础题．7.(3分)如图所示，电荷量为Q１、Q2的两个正点电荷分别位于Ａ点和B点,两点相距Ｌ．在以L为直径的光滑绝缘半圆环上,穿着一个带电小球+ｑ(视为点电荷），在P点平衡．若不计小球重力,那么,PＡ与ＡB的夹角α与Q1、Q2的关系应满足（)Ａ．ｔan２α=B．ｔan２α=ﻩＣ．ﻩtan３α＝Ｄ．t an3α=考点：ﻩ共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用;库仑定律．专题: 共点力作用下物体平衡专题.分析：分析带电小球+q的受力情况，作出力图，运用三角形相似法得出+q所受的两个静电力与PB、ＡＰ的关系，再由库仑定律求解tan2α.解答：ﻩ解:带电小球+q的受力情况如图所示,由图可知，力的三角形F１FＰP和几何三角形PBA为两个直角三角形,且有一个角都为α，因此这两个三角形相似,则有根据库仑定律得,，由数学知识得taｎα＝,故ｔan3α＝.故选D点评:本题涉及非直角的力平衡问题,常常运用三角相似法将力的关系变成边长的关系研究，考查运用数学知识解决物理问题的能力．8．(3分）如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度V1从Ｍ点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点,此时速度为V2（V２<V1）．若小物体电荷量保持不变，OM=OＮ，则（)A．小物体上升的最大高度为B. 从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小C．ﻩ从M到N的过程中,电场力对小物体先做负功后做正功D．从N到Ｍ的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先减小后增大考点：ﻩ电势能；电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析:根据电场力做功的特点可求得电场力做功的大小，由动能定理可分别列出上滑及下滑过程中的表达式,联立即可解得最大高度;由电场力做功与电势能关系要得出电势能的变化及电场力做功的特点；分析小球运动中压力的变化，由滑动摩擦力的计算公式可分析摩擦力的变化.解答：解：设斜面倾角为θ、上升过程沿斜面运动的最大距离为L．因为OM=ＯＮ,则MN两点电势相等,小物体从M到N、从N到M电场力做功均为0．上滑和下滑经过同一个位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，则经过相等的一小段位移在上滑和下滑过程中电场力分力对应的摩擦力所作的功均为相等的负功，所以上滑和下滑过程克服电场力产生的摩擦力所作的功相等、并设为W1.在上滑和下滑过程，对小物体，摩擦力做功相等，则应用动能定理分别有:﹣mgsinθL﹣W f ﹣Ｗ1=﹣和mｇsiｎθL﹣W f﹣Ｗ１＝,上两式相减可得h=ｓinθL=,A正确;由OM=OＮ,可知电场力对小物体先作正功后作负功，电势能先减小后增大，故BC错误;从N到M的过程中，小物体受到的电场力垂直斜面的分力先增大后减小，而重力分力不变，则摩擦力先增大后减小,在此过程中小物体到O的距离先减小后增大，根据库仑定律可知小物体受到的电场力先增大后减小，故D错误．故选:A.点评：ﻩ本题考查动能定理的应用、摩擦力及电场力做功的特点，涉及能量变化的题目一般都要优先考虑动能定理的应用,并要求学生能明确几种特殊力做功的特点，如摩擦力、电场力、洛仑兹力等．9.(3分）如图所示,在某匀强电场中有a、b、c三点,它们的连线组成一个直角三角形.已知ac=5ｃm，bc=3ｃm，现将电荷量q=2×1０﹣8C的负电荷由a移到b和由a移到c,均要克服电场力做8×1０﹣8J的功,则该匀强电场的电场强度为()Ａ. 100Ｖ/m 由a指向bﻩB．100Ｖ/m 由b指向aﻩC．160V/m 由a指向c D． 160V/m 由c指向a考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系;电场强度.专题：电场力与电势的性质专题．分析：由题意可知等势面，并确定出电场线的方向,再由U＝Ｅd可求得电场强度的大小．解答：解:由题,将电荷量q=2×１0﹣8C的负电荷由a移到b和由a移到ｃ，均要克服电场力做8×1０﹣8J的功，故说明bｃ电势相等；a点电势高于b点;电场线由ａ指向b;ab间的电势差U ab=v=４V;故电场强度Ｅ===100V/m故选:A．点评:ﻩ本题根据题设条件找到等势点，作出等势线,根据电场线与等势线垂直,并由高电势处指向低电势处作电场线是常规思路．１0.（3分）如图所示，真空中O点有一点电荷,在它产生的电场中有a、b两点,a点的场强大小为Eａ，方向与ａb连线成６0°角，b点的场强大小为E b,方向与ab连线成30°角.关于ａ、ｂ两点场强大小E a、Ｅb的关系，以下结论正确的是()A. E a＝ﻩB.ﻩE a=EｂﻩC．ﻩＥa=ＥｂﻩD．ﻩEａ=３Ｅｂ考点:ﻩ电势差与电场强度的关系;电场强度．专题:ﻩ电场力与电势的性质专题．分析:ﻩ已知ａ点与b点与O点的距离关系,根据点电荷的场强公式E=列式求解即可．解答:ﻩ解：结合几何关系,有:ao:bｏ=:根据公式E＝，有:故选:D.点评:ﻩ本题关键是明确点电荷的场强的公式Ｅ＝,记住即可,基础题目.１1.(3分）在一匀强电场区域中,有A、Ｂ、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上,已知A、B、C三点电势分别为φA=１Ｖ,φＢ=４V,φＣ=0，则D点电势φD大小为（)Ａ．﹣3V B．２Ｖ C. ０ﻩD. 1Ｖ考点: 电势；等势面.专题：ﻩ电场力与电势的性质专题.分析：在BC上找出与A点等电势点，作出等势线,再过D作出等势线，在BC线上找出与D等势点,再确定D点的电势．解答:解:将BC四等分，标上四等分点E、F、G,则根据匀强电场中沿电场线方向相等距离,电势差相等可知，E点的电势为1V,F点的电势为2V,G点的电势为3V．连接AE，则AE 为一条等势线，根据几何知识可知，DＰ∥ＡE，则DＰ也是一条等势线，所以D点电势U D=﹣3V．故选：A点评：本题的技巧是找等势点,作等势线，充分利用匀强电场的等势面相互平行，而且沿电场线方向相等距离,电势差相等进行作图．同时可以由匀强电场中,沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化相等，故φＡ﹣φD＝φB﹣φC.12.(３分）如图甲所示，Ａ、B是一条电场线上的两点，当一个电子以某一初速度只在电场力作用下沿AB由A点运动到B点，其ｖ﹣ｔ图象如图乙所示,电子到达Ｂ点时速度恰为零．下列判断正确的是（）A．A点的电场强度一定大于B点的电场强度B.ﻩ电子在A点的加速度一定等于在B点的加速度C．Ａ点的电势一定高于B点的电势ﻩＤ．该电场可能是负点电荷产生的考点: 电势差与电场强度的关系;电场强度；电势．专题：ﻩ电场力与电势的性质专题.分析:由图可知带电粒子速度变化情况,则可明确粒子在两点的加速度大小关系，即可确定电场强度的大小;由功能关系可以确定电势的高低.解答:ﻩ解：AＢ、由图可知,电子加速度恒定,则可知受电场力不变,由F=Ｅq可知,Ａ点的场强要等于B点场强，故Ａ错误、B正确；C、而电子从A到B的过程中,速度减小,动能减小，则可知电场力做负功，故电势能增加,电子带负电,由φ＝可知,A点的电势要大于B点电势，故Ｃ正确，D、点电荷产生的电场中,一条电场线上的点的场强都不相同,D错误;故选:ＢC.点评:ﻩ本题根据图象考查对电场的认识,要求学生能从图象中找出加速度的大小及速度的变化,再应用动能定理及牛顿第二定律进行分析判断；同时还需注意,电势能是由电荷及电场共同决定的，故不能忽视了电荷的极性.13．（3分）一个电子只在电场力作用下从ａ点运动到b点的轨迹如图中虚线所示,图中一组平行实线可能是电场线,也可能是等势线,下列说法中正确的是（)ﻩA．ﻩ如果实线是电场线，则a点的电势比b点的电势高B. 如果实线是等势线，则a点的电势比b点的电势高C．ﻩ如果实线是电场线,则电子在ａ点的电势能比在b点的电势能大D．ﻩ如果实线是等势线,则电子在a点的电势能比在b点的电势能大考点:ﻩ匀强电场中电势差和电场强度的关系;电势．专题:ﻩ电场力与电势的性质专题.分析:由电子的轨迹弯曲方向判断电子所受的电场力方向,确定电场线的方向，判断电势高低.匀强电场中场强处处大小相等.根据电场力方向与电子速度方向的夹角，判断电场力对电子做正功还是负功，确定电子在ａ点与b点动能的大小．解答:解:A、C、若图中实线是电场线，电子所受的电场力水平向右，电场线方向水平向左,则a点的电势比b点低，由于从ａ点运动到b点电场力做正功,所以电子的电势能减小，所以电子在ａ点的电势能比在b点的电势能大，所以A错误，C正确;B、D、若实线是等势面,由于电场线与等势面垂直,电子所受电场力方向向下,则电场线方向向上，则ａ点的电势比b点高．从ａ到ｂ电子做负功，所以电势能增加,则电子在a点的电势能比在b点的电势能小,故Ｂ正确,D错误．故选:BC．点评:物体做曲线运动时,所受合力指向轨迹弯曲的内侧，根据轨迹的弯曲方向要能判断出物体合力的大致方向.14.(3分）如图所示,虚线a、ｂ、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等,即U ab=U bc,实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹,P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知(）A．ﻩ三个等势面中,ａ的电势最高。