辽宁省沈阳二中2015届高三上学期12月月考试题物理 Word版含答案

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【精选】辽宁省沈阳二中届高三物理上学期12月月考试题新人教版-物理知识点总结

沈阳二中2013—2014学年度上学期12月份小班化学习成果阶段验收高三（14届）物理试题说明：1.测试时间：90分钟总分：100分2.客观题涂在答题纸上，主观题答在答题纸的相应位置上第Ⅰ卷（共48分）一、选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分。

每个小题所给出的四个选项中，有一个或多个是正确的。

全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分。

其中1－6题为单选，7—12题为多选。

）1．下列叙述中正确的是（） A ．伽利略认为力是维持物体速度的原因 B ．库仑发现了电流的磁效应C ．牛顿是国际单位制中的一个基本单位D ． T 、kg/As 2都是磁感应强度的单位2.一物体由静止开始做匀加速直线运动,加速度大小为a 1,经时间t 后做匀减速直线运动,加速度大小为a 2,若再经时间2t 恰能回到出发点,则a 1∶a 2应为 ( ) A.1∶1 B.1∶3 C.3∶4 D.4∶53．如图所示，ACB 是一光滑的、足够长的、固定在竖直平面内的“∧”形框架，其中CA 、CB 边与竖直方向的夹角均为θ．P 、Q 两个轻质小环分别套在CA 、CB 上，两根细绳的一端分别系在P 、Q 环上，另一端和一绳套系在一起，结点为O ．将质量为m 的钩码挂在绳套上，OP 、OQ 两根细绳拉直后的长度分别用l 1、l 2表示，若l 1 : l 2 = 2 : 3，则两绳受到的拉力之比F 1 :F 2等于( ) A ．1︰1 B ．2︰3 C ．3︰2 D ．4︰9 4.2013年12月2日凌晨1时30分，嫦娥三号月球探测器搭载长征三号乙火箭发射升空。

嫦娥三号在接近月球时，主发动机点火减速，探测器被月球引力捕获进入椭圆形绕月轨道。

之后，嫦娥三号还要进行2次减速，精确进入h=100km 高度的圆形绕月轨道。

嫦娥三号在圆形轨道上做匀速圆周运动，待时机适合才能实施月球软着陆。

已知“嫦娥三号”在该轨道上运行的周期约为T=124分钟。

【新课标Ⅱ-3】2015届高三上学期月考(3)物理试题Word版含答案

2015届上学期高三一轮复习第三次月考物理试题【新课标II-3】说明：1．本试卷满分100分，考试时间90分钟2．将答案填写在答题卡上，考试结束后只交答题卡。

第Ⅰ卷（客观题53分）一．单项选择题（本大题共11个小题，共33分，在每个小题的四个选项中，只有一项是符合题意的，选对的得3分，选错的得零分。

）1. 物理学判天地之美，析万物之理，物理学的研究方法促进了科学技术的进步，推动了社会的发展。

下列关于物理学史识和科学方法的说法中正确的是 ( )A ．伽利略用自己设计的理想斜面实验，观察出没有摩擦力作用时小球就以恒定的速度运动下去，从而推翻了“力是维持物体运动的原因”的错误结论B ．探究加速度与力、质量关系采用的是控制变量法，验证力的平行四边形定则采用的是图象法C ．根据速度定义式x v t ∆=∆，当t ∆趋近于零时，x t∆∆就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法D ．建立“点电荷”的概念采用了等效的方法2. 如图，欲使在粗糙斜面上匀速下滑的木块A 停下，可采用的方法是 ( ) A ．增大斜面的倾角B ．对木块A 施加一个垂直于斜面的力C ．对木块A 施加一个竖直向下的力D ．在木块A 上再叠放一个重物3. 在水平路面上做匀速直线运动的小车上有一个固定的竖直杆，其上的三个水平支架上有三个完全相同的小球A 、B 、C ，它们离地的高度分别为3h ，2h 和h 。

当小车遇到障碍物P 时，立即停下来，三个小球同时从支架上水平抛出，先后落到水平路面上。

不计空气阻力，落点如图。

则下列说法正确的是 ( )A ．三个小球落地时间差与车速有关B ．三个小球落地点的间隔距离C ．三个小球落地点的间隔距离D ．三个小球落地点的间隔距离4. 如图所示，一个小球质量为m ，初始时静止在光滑的轨道上，现以水平力击打小球，使小球能够通过半径为R 的竖直光滑轨道的最高点C ，则水平力对小球所做的功至少为 ( ) A ．mgR B ．2mgR C ．2.5mgR D ．3mgR5. “快乐向前冲”节目中有这样一种项目，选手需要借助悬挂在高处的绳飞跃到鸿沟对面的平台上。

辽宁省沈阳二中高三物理上学期10月月考试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题

2015-2016学年辽宁省沈阳二中高三〔上〕月考物理试卷〔10月份〕一、选择题〔此题共12小题，每一小题4分，共48分.在每个小题所给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．〕1．如图是质量为1kg的质点在水平面上运动的v﹣t图象，以水平向右的方向为正方向．以下判断正确的答案是( )A．在0～3s时间内，合力大小为10NB．在0～3s时间内，质点的平均速度为1m/sC．在0～5s时间内，质点通过的路程为14mD．在6s末，质点的加速度为零2．如下列图，细线的一端系一质量为m的小球，另一端固定在倾角为θ的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行．当斜面体以加速度a1水平向右做匀加速直线运动时，小球受到斜面的支持力恰好为零；当斜面体以加速度a2水平向左做匀加速直线运动时，小球受到细线的拉力恰好为零，如此=( )A．1 B．C．tan2θD．3．“嫦娥二号〞环月飞行的高度为100km，所探测到的有关月球的数据将比环月飞行高度为200km的“嫦娥一号〞更加详实．假设两颗卫星环月的运行均可视为匀速圆周运动，运行轨道如下列图．如此( )A．“嫦娥二号〞环月运行的周期比“嫦娥一号〞大B．“嫦娥二号〞环月运行的线速度比“嫦娥一号〞小C．“嫦娥二号〞环月运行的向心力与“嫦娥一号〞相等D．“嫦娥二号〞环月运行的向心加速度比“嫦娥一号〞大4．如下列图，将倾角为α的粗糙斜面体置于水平地面上，斜面体上有一木块，对木块施加一斜向上的拉力F，整个系统处于静止状态，如下说法正确的答案是( )A．木块和斜面体间可能无摩擦B．木块和斜面体间一定有摩擦C．斜面体和水平地面间可能无摩擦D．撤掉拉力F后，斜面体和水平地面间一定有摩擦5．由于通讯和广播等方面的需要，许多国家发射了地球同步轨道卫星，这些卫星的( ) A．质量可以不同 B．轨道半径可以不同C．轨道平面可以不同 D．速率可以不同6．在抗洪抢险中，战士驾驶摩托艇救人，摩托艇在静水中的航速为v1，假设江岸是平直的，洪水沿江向下游流去，水流速度为v2．战士救人的地点A离岸边最近处O的距离为d．如战士想在最短时间内将人送上岸，如此摩托艇登陆的地点离O点的距离为( )A．B．C．0 D．7．如下列图，一物体以速度v0自倾角为θ的固定斜面顶端水平抛出后落在斜面上，物体与斜面接触时速度与水平方向的夹角为φ1．假设将物体的速度减小到，再次从顶端水平飞出，落到斜面上，物体与斜面接触时速度方向与水平方向的夹角为φ2，〔不计物体大小〕，如此( )A．φ2＞φ1B．φ2＜φ1C．φ2=φ1D．无法确定两角大小8．一行星与地球运动情况相似，此行星运动一昼夜的时间为a秒．用同一弹簧测力计测某物体重力，在赤道处的读数是两极处的b倍〔b小于1〕，万有引力常量为G，如此此行星的平均密度为( )A．B．C．D．9．如下说法中符合史实的是( )A．哥白尼通过观察行星的运动，提出了日心说，认为行星以椭圆轨道绕太阳运行B．开普勒通过对行星运动规律的研究，总结出了行星运动的规律C．卡文迪许利用扭秤装置测出了万有引力常量的数值D．牛顿利用万有引力定律正确的计算出了地球质量，被称为“称出地球质量的人〞10．如下几种说法中，正确的答案是( )A．物体受到变力作用，一定做曲线运动B．物体受到恒力作用，一定做匀变速直线运动C．当物体所受合外力方向与速度方向不在一条直线上时，一定做曲线运动D．当物体所受合外力恒定时，可以做曲线运动11．如下列图，两根长度不同的细线分别系有两个一样的小球，细线的上端都系于O点．设法让两个小球在同一水平面上做匀速圆周运动．细线长度之比为L1：L2=：1，L1跟竖直方向成60°角．如此( )A．1、2两球的周期之比为：1 B．1、2两球的周期之比为1：1C．1、2两条细线的拉力之比：1 D．1、2两条细线的拉力之比3：112．如下列图，A、B两物块的质量分别为3m和2m，两物块静止叠放在水平地面上． A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ〔μ≠0〕．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g．现对B施加一水平推力F，( )A．假设F=μmg，A、B间的摩擦力一定为零B．当F＞7.5μmg 时，A相对B滑动C．当F=3μmg时，A的加速度为μgD．假设去掉B上的力，而将F=3μmg的力作用在A上，如此B的加速度为0.1μg二、填空题〔此题共2小题，13题9分，14题6分，共计15分；答案请填写在答题纸相应位置.〕13．“探究加速度与力、质量的关系〞的实验装置如图1所示．〔1〕为了平衡小车与纸带所受的摩擦力，实验时应将长木板AB的__________〔选填“A端〞或“B端〞〕适当垫高．〔2〕根据一条实验中打出的纸带，通过测量、计算，作出小车如图2的v﹣t图象见题图，可知小车的加速度为__________m/s2．〔3〕如果这位同学未做〔1〕中的操作，然后不断改变对小车的拉力F，他得到M〔小车质量〕保持不变情况下如图3的a﹣F图线是如图3中的__________〔将选项代号的字母填在横线上〕．14．用数码照相机照相的方法研究平抛运动的实验时，记录了A、B、C三点，取A为坐标原点，各点坐标如下列图，如此小球做平抛运动的初速度大小为__________m/s，小球做平抛运动的初始位置的坐标为__________．〔g=10m/s2〕三、计算题〔此题共3小题，共37分．第15题12分，第16题12分，第17题13分．要求解答应写出必要的文字说明和相关方程以与重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位．〕15．如下列图，两个星球A和B在引力作用下都绕O点做匀速圆周运动，星球A，B运动的线速度大小分别为v1和v2，星球B与O点之间的距离为L，A，B的中心和O三点始终共线，A和B分别在O的两侧，引力常数为G，求：〔1〕两星球做圆周运动的周期〔2〕星球A，B的总质量．16．用如图a所示的水平﹣﹣斜面装置研究平抛运动，一物块〔可视为质点〕置于粗糙水平面上的O点，O点距离斜面顶端P点为s．每次用水平拉力F，将物块由O点从静止开始拉动，当物块运动到P点时撤去拉力F．实验时获得物块在不同拉力作用下落在斜面上的不同水平射程x，做出了如图b所示的F﹣x图象，假设水平面上的动摩擦因数μ=0.1，斜面与水平地面之间的夹角θ=45°，g取10m/s2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．求：OP间的距离s=？17．〔13分〕如下列图，V形转盘可绕竖直中心轴OO′转动，V形转盘的侧面与竖直转轴间的夹角均为α=53°，盘上放着质量为1kg的物块A，物块A用长为1m的细线与固定在转盘中心O处的力传感器相连．物块和传感器的大小均可忽略不计，细线能承受的最大拉力为8N，A 与转盘间的动摩擦因数μ为1.5，且可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力．转盘转动时，细线一直伸直，当转盘以不同的角速度匀速转动时，传感器上就会显示相应的读数F．〔1〕当物块A随转盘做匀速转动．且其所受的摩擦力为零时，转盘转动的角速度ω0=？〔结果可以保存根式〕〔2〕将转盘的角速度从〔1〕问中求得的值开始缓慢增大，直到增加至3ω0，试通过计算写出此过程中细线拉力随角速度变化的函数关系式．〔g取10m/s2〕．2015-2016学年辽宁省沈阳二中高三〔上〕月考物理试卷〔10月份〕一、选择题〔此题共12小题，每一小题4分，共48分.在每个小题所给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．〕1．如图是质量为1kg的质点在水平面上运动的v﹣t图象，以水平向右的方向为正方向．以下判断正确的答案是( )A．在0～3s时间内，合力大小为10NB．在0～3s时间内，质点的平均速度为1m/sC．在0～5s时间内，质点通过的路程为14mD．在6s末，质点的加速度为零【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据速度时间图象的斜率求出加速度，再得到物体的合力．根据速度时间图线与时间轴包围的面积表示位移来计算物体的位移大小，根据平均速度的定义求平均速度．【解答】解：A、在0～3s时间内，加速度为 a===2m/s2，合力F合=ma=2N，故A错误．B、在0～3s时间内，质点的平均速度为===1m/s，故B正确．C、在0～5s时间内，质点通过的路程为 s==13m，故C错误．D、根据斜率等于加速度，可知，在6s末，质点的加速度不为零，故D错误．应当选：B【点评】此题关键是由速度时间图象得到物体的运动情况，然后结合运动学公式列式分析，同时要注意，速度为零时加速度不一定为零．2．如下列图，细线的一端系一质量为m的小球，另一端固定在倾角为θ的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行．当斜面体以加速度a1水平向右做匀加速直线运动时，小球受到斜面的支持力恰好为零；当斜面体以加速度a2水平向左做匀加速直线运动时，小球受到细线的拉力恰好为零，如此=( )A．1 B．C．tan2θD．【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】当支持力为零时，受重力和拉力，结合牛顿第二定律求出加速度，当拉力为零时，受重力和支持力，结合牛顿第二定律求出加速度．【解答】解：当斜面体以加速度a1水平向右做匀加速直线运动时，支持力为零，根据牛顿第二定律得：mgcotθ=ma1，解得：a1=gcotθ，当斜面体以加速度a2水平向左做匀加速直线运动时，小球受到细线的拉力恰好为零，根据牛顿第二定律得：mgtanθ=ma2，解得：a2=gtanθ，如此．应当选：B．【点评】此题考查了牛顿第二定律的临界问题，关键能够正确地受力分析，结合牛顿第二定律进展求解．3．“嫦娥二号〞环月飞行的高度为100km，所探测到的有关月球的数据将比环月飞行高度为200km的“嫦娥一号〞更加详实．假设两颗卫星环月的运行均可视为匀速圆周运动，运行轨道如下列图．如此( )A．“嫦娥二号〞环月运行的周期比“嫦娥一号〞大B．“嫦娥二号〞环月运行的线速度比“嫦娥一号〞小C．“嫦娥二号〞环月运行的向心力与“嫦娥一号〞相等D．“嫦娥二号〞环月运行的向心加速度比“嫦娥一号〞大【考点】万有引力定律与其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】卫星围绕月球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力展开讨论即可．【解答】解：由题意知嫦娥一号轨道半径为r1，嫦娥二号轨道半径为r2，如此r1＞r2卫星做圆周运动时，万有引力提供圆周运动向心力如此A、因为r1＞r2，所以T1＞T2，故A错误；B、因为r1＞r2，所以v2＞v1，故B正确；C、因为不知道嫦娥1号和2号的质量关系，所以无法确定他们环月运行的向心力关系，故C 错误D、因为r1＞r2，所以a2＞a1，故D正确；应当选：D．【点评】根据卫星做圆周运动时，万有引力提供圆周运动向心力如此，展开讨论，熟练掌握向心力的表达式是解决此题的关键．4．如下列图，将倾角为α的粗糙斜面体置于水平地面上，斜面体上有一木块，对木块施加一斜向上的拉力F，整个系统处于静止状态，如下说法正确的答案是( )A．木块和斜面体间可能无摩擦B．木块和斜面体间一定有摩擦C．斜面体和水平地面间可能无摩擦D．撤掉拉力F后，斜面体和水平地面间一定有摩擦【考点】共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以木块为研究对象受力分析，根据平衡条件判断木块是否受摩擦力；以斜面和木块整体为研究对象分析斜面体和水平地面间有无摩擦；【解答】解：A、以木块为研究对象受力分析，根据平衡条件，假设：Fcosα=mgsinα，如此木块与斜面体间无摩擦力，故A正确B错误；C、以斜面和木块整体为研究对象，根据平衡条件：面体和水平地面间的摩擦力等于F水平方向的分力，方向向右，故C错误；D、撤掉拉力F后，假设物块仍然保持静止，以斜面和木块整体为研究对象，根据平衡条件如此斜面不受地面的摩擦力，D错误；应当选：A．【点评】此题采用隔离法和整体法研究物体的平衡问题，灵活选择研究对象是关键．5．由于通讯和广播等方面的需要，许多国家发射了地球同步轨道卫星，这些卫星的( ) A．质量可以不同 B．轨道半径可以不同C．轨道平面可以不同 D．速率可以不同【考点】同步卫星．【分析】了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球自转周期一样．物体做匀速圆周运动，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向轨道平面的中心．通过万有引力提供向心力，列出等式通过量确定未知量．【解答】解：A、许多国家发射了地球同步轨道卫星，这些卫星的质量可以不同，故A正确．B、因为同步卫星要和地球自转同步，即这些卫星ω一样，根据万有引力提供向心力得：=mω2r，因为ω一定，所以 r 必须固定．故B错误．C、它假设在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步〞，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的．所以所有的同步卫星都在赤道上方同一轨道上．故C错误．D、根据万有引力提供向心力得：=m，因为r一定，所以这些卫星速率相等．故D错误．应当选A．【点评】地球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度．6．在抗洪抢险中，战士驾驶摩托艇救人，摩托艇在静水中的航速为v1，假设江岸是平直的，洪水沿江向下游流去，水流速度为v2．战士救人的地点A离岸边最近处O的距离为d．如战士想在最短时间内将人送上岸，如此摩托艇登陆的地点离O点的距离为( )A．B．C．0 D．【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】摩托艇在水中一方面自己航行前进，另一方面沿水向下漂流，当摩托艇垂直于河岸方向航行时，到达岸上的时间最短，由速度公式的变形公式求出到达河岸的最短时间，然后求出摩托艇登陆的地点到O点的距离．【解答】解：根据v=，因此摩托艇登陆的最短时间：t=，登陆时到达O点的距离：s=v2t=；应当选：D．【点评】知道摩托艇在水中参与了两个方向的运动，应用速度公式的变形公式即可正确解题．7．如下列图，一物体以速度v0自倾角为θ的固定斜面顶端水平抛出后落在斜面上，物体与斜面接触时速度与水平方向的夹角为φ1．假设将物体的速度减小到，再次从顶端水平飞出，落到斜面上，物体与斜面接触时速度方向与水平方向的夹角为φ2，〔不计物体大小〕，如此( )A．φ2＞φ1B．φ2＜φ1C．φ2=φ1D．无法确定两角大小【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，结合运动学规律得出速度方向与水平方向夹角的正切值和位移方向与水平方向夹角的正切值，从而进展判断．【解答】解：物体落在斜面上，位移与水平方向夹角的正切值，速度方向与水平方向夹角的正切值，可知速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，由于位移与水平方向的夹角不变，如此速度与水平方向的夹角不变，因为φ=α﹣θ，可知φ不变，即φ2=φ1．应当选：C．【点评】解决此题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍这一推论．8．一行星与地球运动情况相似，此行星运动一昼夜的时间为a秒．用同一弹簧测力计测某物体重力，在赤道处的读数是两极处的b倍〔b小于1〕，万有引力常量为G，如此此行星的平均密度为( )A．B．C．D．【考点】万有引力定律与其应用；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】人造卫星问题．【分析】在两极处重力与万有引力相等，赤道处的万有引力一局部表现为重力一局部提供随星球自转的加速度，据此分析求解出星球外表的重力加速度，并由此求得星球的质量和密度．【解答】解：令行星的半径为R，行星的质量为M，如此由题意有：由此可得，行星的质量M=据密度公式有，此行星的密度应当选：D．【点评】解决此题的关键知道在行星的赤道和两极，重力与万有引力大小的关系，知道两极处重力与万有引力相等，赤道处万有引力一局部提供向心力，一局部表现为重力．9．如下说法中符合史实的是( )A．哥白尼通过观察行星的运动，提出了日心说，认为行星以椭圆轨道绕太阳运行B．开普勒通过对行星运动规律的研究，总结出了行星运动的规律C．卡文迪许利用扭秤装置测出了万有引力常量的数值D．牛顿利用万有引力定律正确的计算出了地球质量，被称为“称出地球质量的人〞【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、哥白尼通过观察行星的运动，提出了日心说，但没有认为行星以椭圆轨道绕太阳运行，认为行星以椭圆轨道绕太阳运行的是开普勒，故A错误；B、开普勒通过对行星运动规律的研究，总结出了行星运动的规律，故B正确；C、卡文迪许利用扭秤装置测出了万有引力常量的数值，故C正确；D、卡文迪许利用万有引力定律正确的计算出了地球质量，被称为“称出地球质量的人〞，故D错误；应当选：BC【点评】此题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．10．如下几种说法中，正确的答案是( )A．物体受到变力作用，一定做曲线运动B．物体受到恒力作用，一定做匀变速直线运动C．当物体所受合外力方向与速度方向不在一条直线上时，一定做曲线运动D．当物体所受合外力恒定时，可以做曲线运动【考点】物体做曲线运动的条件．【专题】物体做曲线运动条件专题．【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论．【解答】解：A、当变力的方向与速度方向在同一直线上时，物体做直线运动，故A错误；B、物体在恒力作用下可能做曲线运动，如：平抛运动，故B错误；C、当物体所受合外力方向与速度方向不在一条直线上时，一定做曲线运动，故C正确；D、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，当物体所受合外力恒定时，可以做曲线运动，如平抛运动．故D正确；应当选：CD．【点评】此题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，掌握了做曲线运动的条件，此题根本上就可以解决了．11．如下列图，两根长度不同的细线分别系有两个一样的小球，细线的上端都系于O点．设法让两个小球在同一水平面上做匀速圆周运动．细线长度之比为L1：L2=：1，L1跟竖直方向成60°角．如此( )A．1、2两球的周期之比为：1 B．1、2两球的周期之比为1：1C．1、2两条细线的拉力之比：1 D．1、2两条细线的拉力之比3：1【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】小球受重力和拉力，两个力的合力提供小球做圆周运动的向心力；通过合力提供向心力，比拟出两球的角速度大小，从而比拟出周期的关系；抓住小球距离顶点O的高度一样求出L2与竖直方向上的夹角；抓住小球距离顶点O的高度一样求出半径的关系，根据v=ωr 比拟线速度关系．【解答】解：A、设绳与竖直方向夹角为θ，水平面距悬点高为h，由牛顿第二定律得：mgtanθ=m〔h•tanθ〕如此：T=2π由上式可知T与绳长无关，所以A错误，B正确；C、对任一小球研究．设细线与竖直方向的夹角为θ，竖直方向受力平衡，如此：Fcosθ=mg解得：F=而绳子的长度：如此：F=所以细线L1和细线L2所受的拉力大小之比：故C正确，D错误；应当选：BC．【点评】解决此题的关键会正确地受力分析，知道匀速圆周运动向心力是由物体所受的合力提供．12．如下列图，A、B两物块的质量分别为3m和2m，两物块静止叠放在水平地面上． A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ〔μ≠0〕．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g．现对B施加一水平推力F，( )A．假设F=μmg，A、B间的摩擦力一定为零B．当F＞7.5μmg 时，A相对B滑动C．当F=3μmg时，A的加速度为μgD．假设去掉B上的力，而将F=3μmg的力作用在A上，如此B的加速度为0.1μg【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】当F作用在B上时，根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．当F作用在A上，根据隔离法求出发生相对滑动的最小拉力，判断是否发生相对滑动，再结合牛顿第二定律进展求解．【解答】解：A、B与地面间的最大静摩擦力，当F=μm g时，AB处于静止，对A分析，A所受的摩擦力为零，故A正确．B、A发生相对滑动的临界加速度a=μg，对整体分析，，解得F=7.5μmg，所以当F＞7.5μmg 时，A相对B滑动．故B正确．C、当7.5μmg＞F=3μmg，可知AB保持相对静止，一起做匀加速直线运动，加速度a=，故C错误．D、假设去掉B上的力，而将F=3μmg的力作用在A上，B发生相对滑动的临界加速度，对A分析F﹣μ•3mg=3ma，解得不发生相对滑动的最小拉力F=3.75μmg，可知F=3μmg的力作用在A上，一起做匀加速直线运动，加速度a=，故D正确．应当选：ABD．【点评】此题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用，解决此题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．二、填空题〔此题共2小题，13题9分，14题6分，共计15分；答案请填写在答题纸相应位置.〕13．“探究加速度与力、质量的关系〞的实验装置如图1所示．〔1〕为了平衡小车与纸带所受的摩擦力，实验时应将长木板AB的B端〔选填“A端〞或“B 端〞〕适当垫高．〔2〕根据一条实验中打出的纸带，通过测量、计算，作出小车如图2的v﹣t图象见题图，可知小车的加速度为3.0m/s2．〔3〕如果这位同学未做〔1〕中的操作，然后不断改变对小车的拉力F，他得到M〔小车质量〕保持不变情况下如图3的a﹣F图线是如图3中的D〔将选项代号的字母填在横线上〕．【考点】验证牛顿第二运动定律．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】〔1〕为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响应采取做法是将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动．〔2〕根据速度时间图象的斜率表示加速度求解；〔3〕根据没有平衡摩擦力时的加速度和力之间的关系明确对应的图象．【解答】解：〔1〕为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响应采取做法是，将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，所以应将B端适当垫高；〔2〕速度时间图象的斜率表示加速度，如此a=；〔3〕该同学没有做第一步，即没有平衡摩擦力，如此只有当力大于摩擦力时才能产生加速度；故图象应与横坐标出现交点；故应为图D；故答案为：〔1〕B端；〔2〕3.0；〔3〕D。

辽宁省沈阳二中高三上学期期中考试物理 Word版含答案

沈阳二中2015-2016学年度上学期期中考试高三（16届）物理试题命题人：高三物理组说明：1.测试时间：90分钟总分：100分2.客观题涂在答题卡上，主观题答在答题纸上第I卷（48分）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每个小题所给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。

）1.质量为m的物体，由静止开始下落，由于阻力作用，下落的加速度为4g/5，在物体下落h的过程中，下列说法中错误的是：（）A．物体的动能增加了4mgh/5B．物体的机械能减少了4mgh/5C．物体克服阻力所做的功为mgh/5D．物体的重力势能减少了mgh2.如图所示，小船沿直线AB过河，船头始终垂直于河岸．若水流速度增大，为保持航线不变，下列措施与结论正确的是（）A．增大船速，过河时间不变B．增大船速，过河时间缩短C．减小船速，过河时间变长D．减小船速，过河时间不变3.平行板电容器与电动势为E的直流电源，电阻R、电键k连接成如图所示的电路，下极板接地，一带电油滴位于电容器中的p点且恰好处于静止状态，断开电键k，若将下极板竖直向上移动一小段距离，则（）A．油滴将竖直向上运动B．油滴的电势能减小C． p点的电势将降低D．电容器极板带电量增大4.如图所示，一带电粒子以速度v0垂直于场强方向沿上板边缘射入匀强电场，刚好贴下边缘飞出，已知产生场强的金属板长为L，如果带电粒子的速度为2v0时，当它的竖直位移等于板间距d时，它距上板左侧边缘的水平射程x为（）A．1.5LB．2LC．2.5LD．3L5.如图甲所示，真空中有一半径为R、电荷量为+Q的均匀带电球体，以球心为坐标原点，沿半径方向建立x轴．理论分析表明，x轴上各点的场强随x变化关系如图乙所示，则（）A．x2处场强大小为B．x1、x2两点处的电势相同C．球内部的电场为匀强电场D．假设将试探电荷沿x轴移动，则从x1移到R处和从R移到x2处静电力做功相同6.如图所示，一个电荷量为－Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O点。

辽宁省沈阳二中高三物理上学期12月月考(无答案)

沈阳二中2011—2012学年度上学期12月月考高三(12届)物理试题说明: 1.测试时间: 90分钟总分:100分2.客观题涂在答题卡上，主观题答在答题纸上第一卷（48分）一、选择题：本题包括12小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1．如图所示，是某同学站在压力传感器上，做下蹲-起立的动作时记录的力随时间变化的图线，纵坐标为力（单位为牛顿），横坐标为时间。

由图线可知（） A ．该同学做了两次下蹲-起立的动作 B ．该同学做了一次下蹲-起立的动作 C ．下蹲过程中人处于失重状态D ．下蹲过程中先处于超重状态后处于失重状态２.在高速公路的拐弯处,路面造得外高内低,即当车向右转弯时,司机左侧的路面比右侧的要高一些,路面与水平面间的夹角为θ.设拐弯路段是半径为R 的圆弧,要使车速为v 时,车轮与路面之间的横向(即沿斜面方向)摩擦力等于零,θ应等于（）A.2v arcsin RgB.2v arccos RgC.2v arctan RgD.2v arccot Rg３．如图所示,为使白炽灯泡L 在电路稳定后变得更亮,可采取的方法有（）A.只增大电阻R 1的阻值B.只增大电阻R 2的阻值C.只增大电容C 两板间的距离D.在电容器两板间插入玻璃板４．如图所示，A 为静止于地球赤道上的物体，B C 为绕地球运动的卫星，P 为B 、C 两卫星轨道的交点，已知A 、B 、C 绕地球运动的周期相同，相对于地心，下列说法中正确的是（）A ．物体A 和卫星C 具有的加速度大小相同B ．卫星C 的运行速度大于物体A 的速度 C ．A 、B 、C 的运动均遵守开普勒第三定律D ．卫星B 在P 点的加速度与卫星C 在P 点的加速度大小相等５.如图所示,把一个带电小球A 固定在光滑的水平绝缘桌面上,在桌面的另一处放置带电小球B ｡现给B 一个沿垂直AB 方向的速度v 0,下列说法中正确的是（） A.若A 、B 为异种电荷,B 球一定做圆周运动B.若A 、B 为异种电荷,B 球可能做远离A 的变加速曲线运动C.若A 、B 为同种电荷,B 球一定做远离A 的变加速曲线运动D.若A 、B 为同种电荷,B 球的动能一定会减小６.如图所示,中间有孔的物块A 套在光滑的竖直杆上,通过滑轮用不可伸长的轻绳将物体拉着匀速向上运动,则关于拉力F 及拉力F 的功率P ,则下列说法正确的是（）A.F 不变,P 减小B.F 增大,P 增大C.F 增大,P 不变D.F 增大,P 减小７.如图所示,两个带电量分别为q 1、q 2,质量分别为m 1、m 2的金属小球,以等长的绝缘丝线悬于同一点O,当两金属小球处于平衡状态时,下列说法中正确的是（） A. 若m 1=m 2 ,q 1≠q 2 ,则α1=α 22A B V 0B. 若m 1=m 2 ,q 1>q 2 ,则α1<α2C. 若m 1>m 2 ,q 1<q 2 ,则α1<α2D. 若m 1>m 2 ,q 1≠q 2 ,则α1>α 2８.一带电油滴在匀强电场E 中的运动轨迹如图中虚线所示,电场方向竖直向上(不计空气阻力),则此带电油滴从a 运动到b 的过程中,能量变化为（） A 、动能增加 B 、重力势能和电势能之和增加C 、电势能增加D 、动能和电势能之和减小９.如图,质量分别为m 1和m 2的木块A 和B 之间用轻弹簧相连,在拉力F 作用下以加速度g 竖直向上做匀加速直线运动,某时刻突然撤去拉力F ,此瞬时A 和B 的加速度为A a 和B a ,则（） A.A a =B a =g -B.A a =g ,B a =g m m m 2212+-C.A a =g ,B a =g -D.A a =g m m m 211+,g m m m a B 212+-=10.一倾角为θ的传送带,以速度υ匀速上升.此时有一物体以沿传送带面向下的大小也为υ的速度,自上而下,由传送带顶端滑上传送带.此后物体仍从传送带顶端滑出.若物体向下滑行的时间为t 1,向上滑行的时间为t 2,如图,则有（）A. t 1 < t 2B. t 1 > t 2C. t 1 = t 2D. 都有可能11.如图，空间中存在方向竖直向下的匀强电场，一弹簧竖直固定于桌面，弹簧与桌面均绝缘且不带电，现将一带正电的物块轻轻放于弹簧上并处于静止状态，若将电场突然反向，已知物块受到的静电力小于其重力，则物块在第一次到达最高点前的速度时间图像可能是（）A B C D12.甲乙两车在公路上沿同一方向做直线运动,它们的v-t 图像如图所示｡两图像在t =t 1时相交于P 点,P 在横轴上的投影为Q ,△OPQ 的面积为S,在t =0时刻,乙车在甲车前面,相距为d,此后两车相遇两次,且第一次相遇的时刻为t ′,则下面四组t ′和d 组合可能的是（）A. 1t t =' S d =B. 121t t =' S d 41= C.143t t =' S d 1615=D. 141t t =' S d 167=ba第二卷（52分）二、实验题。

《新课标Ⅰ》2015届高三上学期月考(2)物理 Word版含答案

左右2015届上学期高三一轮复习第二次月考物理试题【新课标Ⅰ】一、选择题（每小题4分，共48分。

每小题给出的四个选项中，1—8小题每题只有一个选项正确，9—12小题每题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分） 1．人站在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯斜向上匀速运动，如图所示．以下说法正确的是（） A ．人受到重力和支持力的作用B ．人受到重力、支持力和摩擦力的作用C ．人受到的合外力不为零D ．人受到的合外力方向与速度方向相同2．如图所示，一轻质弹簧上端固定，下端挂一重物，平衡时弹簧伸长了4cm ，再将重物向下拉1cm ，然后放手，则在刚释放的瞬间重物的加速度是（g 取10m/s 2）（） A ．2.5m/s 2 B ．7.5m/s 2 C ．10m/s 2 D ．12.5m/s 23．如图所示的电路，闭合开关S 后，a 、b 、c 三盏灯均能发光，电源电动势E 恒定且内阻r 不可忽略。

现将变阻器R 的滑片稍向上滑动一些，三盏灯亮度变化的情况是（）A ．a 灯变亮，b 灯和c 灯变暗B ．a 灯和c 灯变亮，b 灯变暗C ．a 灯和c 灯变暗，b 灯变亮D ．a 灯和b 灯变暗，c 灯变亮4．如图所示，两根光滑的平行金属导轨竖直放置在匀强磁场中，磁场和导轨平面垂直，金属杆ab 与导轨接触良好可沿导轨滑动，开始时电键S 断开，当ab 杆由静止下滑一段时间后闭合S ，则从S 闭合开始计时，ab 杆的速度v 与时间t 的关系不可能是（）5．一条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行，现将一个木炭包无初速地放在传送带的最左端，木炭包在传送带上将会留下一段黑色的径迹。

下列说法中正确的是（） A ．黑色的径迹将出现在木炭包的左侧 B ．木炭包的质量越大，径迹的长度越短 C ．传送带运动的速度越大，径迹的长度越短D ．木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹的长度越短6．如图所示，汽车向右沿水平面作匀速直线运动，通过绳子提升重物M 。

辽宁省大连市普兰店二中2015-2016学年高三上学期12月月考物理试卷 Word版含解析

辽宁省大连市普兰店二中2015-2016学年高三（上）12月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每题4分，共40分．1-7题只有一个选项符合题意，8-10题有多项符合题目要求．）1．在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法中正确的是（）A．开普勒进行了“月﹣地检验”，说明天上和地下的物体都遵从万有引力定律B．伽利略不畏权威，通过“理想斜面实验”，科学地推理出“力不是维持物体运动的原因”C．哥白尼提出日心说并发现了太阳系中行星沿椭圆轨道运动的规律D．奥斯特发现了电磁感应现象，使人类从蒸汽机时代步入了电气化时代【考点】物理学史．【分析】“月一地检验”，说明一切物体都遵从万有引力定律；再结合伽利略、开普勒、奥斯特的物理学成就解答．【解答】解：A、设地球半径和月球绕地球运行的轨道半径分别为R和r（已知r=60R）．那么月球绕地球运行的向心加速度a n与地面的重力加速度g的比值为1：3600，这是牛顿进行了“月一地检验”，说明一切物体都遵从万有引力定律，故A错误；B、伽利略不畏权威，通过“理想斜面实验”，科学地推理出“力不是维持物体运动的原因“．故B正确．C、哥白尼提出日心说，开普勒发现了太阳系中行星沿椭圆轨道运动的规律，故C错误．D、法拉第发现了电磁感应现象，使人类从蒸汽机时代步入了电气化时代．故D错误．故选：B．【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，注意积累．2．如图所示，杂技演员站在一块被他踩成斜面的木板上处于静止状态，关于斜面对演员的作用力，下面说法正确的是（）A．木板对人可能有摩擦力作用，也可能没有摩擦力作用B．木板对人一定有摩擦C．木板对人的弹力方向一定竖直向上D．木板对人的作用力方向垂直板斜向上【考点】静摩擦力和最大静摩擦力；弹性形变和范性形变；物体的弹性和弹力．【专题】定性思想；推理法；摩擦力专题．【分析】根据摩擦力产生的条件及人的运动趋势判断摩擦力的有无，根据平衡条件判断作用力的方向．【解答】解：AB、演员有沿斜面下滑的趋势，木板对演员一定有摩擦力作用，故A错误，B正确；C、人受到的弹力是由于木板的形变产生的；方向垂直于接触面指向受力物体；故方向斜向上；故C错误；D、人受自身的重力和木板对他的作用力平衡，所以木板对演员的作用力方向一定竖直向上，故D错误；故选：B【点评】本题考查了摩擦力有无的判断和平衡条件下物体的受力情况．要注意明确木板的作用力包括支持力和摩擦力，是二力的合力．3．质量相同的甲、乙两木块仅在摩擦力作用下沿一水平面滑动，它们的动能﹣位移（E k﹣x）的关系如下图所示，则两木块的速度﹣时间（v﹣t）的图象正确的是（）A．B．C．D．【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的图像．【专题】动能定理的应用专题．【分析】甲、乙两物体的初动能不同，末动能相同，都只受摩擦力作用，由动能定理及两物体的位移关系比较出两物体质量关系，然后根据动能的计算公式比较出两物体的初速度关系，最后判断两物体v﹣t关系图象哪个正确．【解答】解：质量相同的甲、乙两木块仅在摩擦力作用下沿同一水平面滑动，只有摩擦力做功，得：W=fx，又：W=E k﹣E k0，得：E k=E k0﹣f•x ①由图象和公式①可知，物体与水平面间的动摩擦因数μ相同，E k甲＞E k乙甲、乙两物体的质量相同，所以v0甲＞v0乙甲乙两物体在水平面上做匀减速运动，加速度a=μg相同，速度﹣时间图象的斜率相同，甲减速到零所用时间大于乙的时间，由图示图象可知，ABC错误，D正确；故选：D．【点评】本题考查了物体的v﹣t图象，由图象获取所需信息，应用动能定理、动能的计算公式即可正确解题．4．我国成功发射“天宫一号”飞行器，入轨后绕地球的运动可视为匀速圆周运动，运动周期为T，已知地球同步卫星的周期为T0，则以下判断正确的是（）A．“天宫一号”的轨道半径与地球同步卫星的轨道半径之比为B．“天宫一号”的角速度与地球同步卫星的角速度之比为C．“天宫一号”的线速度与地球同步卫星的线速度之比为D．“天宫一号”的向心加速度与地球同步卫星的向心加速度之比为【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】定量思想；推理法；人造卫星问题．【分析】解决卫星运行规律问题的核心原理是万有引力提供向心力，通过选择不同的向心力公式，来研究不同的物理量之间的关系．本题也可定性分析．【解答】解：A、卫星环绕地球作匀速圆周运动时，万有引力提供向心力，即有：，所以：天宫一号的轨道半径与地球同步卫星的轨道半径之比为，故A错误；B、ω∝，所以：天宫一号的角速度与地球同步卫星的角速度之比为，故B正确；C、v∝，所以：天宫一号的线速度与地球同步卫星的线速度之比为，故C错误；D、a∝；所以：天宫一号的向心加速度与地球同步卫星的向心加速度之比，故D错误；故选：B【点评】本类题型可灵活选择方法，卫星运行规律问题如果定性研究，可简单记为“越近越快”，即离地面越近，轨道半径越小，线速度、角速度、加速度越大，周期越小；若定量计算，则需按万有引力提供向心力，选择合适的公式求解．5．a、b、c、d分别是一个菱形的四个顶点，∠abc=120°．现将三个等量的正点电荷+Q分别固定在a、b、c 三个顶点上，将一个电量为+q的点电荷依次放在菱形中心点O点和另一个顶点d点处，两点相比（）A．d点电场强度的方向由d指向OB．+q在d点所具有的电势能较大C．d点的电势小于O点的电势D．d点的电场强度大于O点的电场强度【考点】电势；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据电场的叠加，分析d点电场强度的方向；O点的电场强度等于b处+Q在O处产生的电场强度大小．根据顺着电场线方向电势降低，分析d点与O点电势关系．正电荷在高电势高处电势能大．【解答】解：A、由电场的叠加原理可知，d点电场方向由O指向d，A错误；B、由O到d合场强方向均沿Od，故d点电势小于O点电势，+q在O点具有的电势能较大，故B错误，C正确；D、设菱形的边长为r，根据公式E=k分析可知三个点电荷在D产生的场强大小E相等，由电场的叠加可知，d点的场强大小为E d=2k．O点的场强大小为E o=4k，可见，d点的电场强度小于O点的电场强，即E d＜E o，故D错误．故选：C．【点评】本题关键要抓住对称性，由电场的叠加分析场强大小和电场线的方向，再判断电场力大小和电势能的高低．6．如图所示，在O≤x≤2L的区域内存在着匀强磁场，磁场的方向垂直于xOy平面（纸面）向里，具有一定电阻的矩形线框abcd位于xOy平面内，线框的ab边与x，轴重合，bc边的长度为L．令线框从t=0时刻由静止开始沿x轴正方向做匀加速运动，则线框中的感应电流i（取顺时针方向的电流为正）随时间t的函数图象大致是图中的（）A． B．C．D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】先根据楞次定律分析感应电流的方向．再根据E=BLv和I=求出感应电流与时间的关系式．分三段研究：线框进入磁场、完全进入磁场、穿出磁场．【解答】解：分三段研究：线框进入磁场的过程：磁通量增加，根据楞次定律分析可知，感应电流的方向为逆时针方向，电流为负值，故AD错误；感应电流大小I==，则知，I与t成正比；设此过程所用时间为t0，则有L=at，得t0=（a是线框的加速度）线框完全进入磁场的过程中，穿过线框的磁通量不变，没有感应电流产生．根据运动学规律知，此过程所用时间为（﹣1）t0=0.4t0；线框穿出磁场的过程：磁通量减小，根据楞次定律分析可知，感应电流的方向为顺时针方向，电流为正值；感应电流大小I=﹣=﹣．此过程所用时间为（﹣1）t0=0.32t0；根据数学知识分析得知，C正确．故选：C【点评】本题根据楞次定律判断出感应电流的方向，确定出电流的正负，根据E=BLv和欧姆定律得到电流的表达式，再选择图象，是常用的方法和思路．7．如图所示，斜面倾角为θ，从斜面的P点分别以v0和2v0的速度水平抛出A、B两个小球，不计空气阻力，若两小球均落在斜面上且不发生反弹，则（）A．A、B两球飞行时间之比为1：2B．A、B两球的水平位移之比为4：1C．A、B下落的高度之比为1：2D．A、B两球落到斜面上的速度大小之比为1：4【考点】平抛运动．【专题】比较思想；合成分解法；平抛运动专题．【分析】小球落在斜面上，根据竖直位移和水平位移的关系求出运动的时间，结合初速度和公式求出水平位移之比．根据位移时间公式求出下落的高度之比．由速度的合成求两球落到斜面上的速度大小之比．【解答】解：A、对于任意一球，该球落在斜面上时有：tanθ==得，运动的时间t=，因为A、B两球的初速度之比为1：2，则运动的时间之比为1：2，故A正确．B、根据x=v0t知，水平位移之比为1：4，故B错误．C、下落的高度为h=，可得A、B下落的高度之比为1：4．故C错误．D、小球落在斜面上的速度大小v=，甲、乙两球的初速度之比为1：2，则运动的时间之比为1：2，则A、B两球落到斜面上的速度大小之比为1：2．故D错误．故选：A【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住位移关系求出时间是解决本题的突破口．8．如图所示，真空中同一水平线上固定两等量异种点电荷A、B，其中A带负电、B带正电．C、D、O是分布在AB连线的垂线上的三个点，且AO＞BO．下列判断正确的是（）A．C、D两点的电势相等B．同一带负电的试探电荷在C点的电势能大于在D点的电势能C．C、D两点的电场强度的方向均水平向左D．同一试探电荷在C点受到的电场力比在D点受到的电场力小【考点】电场线；电场强度．【专题】定性思想；推理法；电荷守恒定律与库仑定律专题．【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到无穷远处或负电荷为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．然后结合等量异种点电荷的电场线和等势面分布解答即可．【解答】解：A、由等量异种点电荷的电场线和等势面分布可知，φO＞φD＞φC，故A错误；B、负电荷在电势低处电势能大，所以E pC＞E pD，选项B正确；C、在AB连线中垂线上的各点电场强度方向水平向左，结合等量异种点电荷的电场线的分布可知，E C和E D的方向斜向左上，故C错误；D、由等量异种点电荷的电场线的分布可知，E C＜E D，所以同一试探电荷在C点受到的电场力比在D点受到的电场力小，故D正确．故选：BD【点评】本题要求掌握住等量异种电荷的电场的分布的情况，根据电场分布的特点可以分析本题．9．如图所示，矩形线圈面积为0.1m2，匝数为100，绕OO′轴在磁感应强度为T的匀强磁场中以角速度5π rad/s匀速转动．从图示位置开始计时．理想变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，两电表均为理想电表，电阻R=50Ω，其他电阻不计，下列判断正确的是（）A．在t=0.1 s时，穿过线圈的磁通量最大B．=时，变压器输入功率为50WC．P向上移动时，电压表示数变大D．P向上移动时，电流表示数变小【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率；交流发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】交流电专题．【分析】先求出转动周期，判断在t=0.1 s时线圈的位置，从而判断磁通量的大小；根据E m=NBSω求解原线圈电压最大值，进而求出有效值，根据原副线圈电压之比等于匝数比求出副线圈电压，根据功率公式求解功率，电压表和电流表读数为有效值．根据变压器的工作特点解答．【解答】解：A、周期T=，在t=0.1s=时，线圈平面与磁场垂直，磁通量为零，故A错误；B、交流电的最大值，E m=NBSω=，则原线圈电压U1=10V，当时，副线圈电压U2=50V，则副线圈功率，所以输入功率也为50W，故B正确；C、当P位置向上移动时，副线圈匝数变少，原副线圈电压之比等于线圈匝数比，所以副线圈电压变小，即电压表示数变小，根据P=可知，副线圈功率较小，则原线圈功率减小，原线圈电压不变，则原线圈电流减小，所以电流表示数减小，故C错误，D正确．故选：BD【点评】本题关键明确交流电的瞬时值、理想变压器的变压比公式、功率关系，难度不大，属于基础题．10．如图所示，将一轻弹簧固定在倾角为30°的斜面底端，现用一质量为m的物体将弹簧压缩至A点并锁定弹簧，解除锁定后，物体将沿斜面上滑，物体在运动过程中所能到达的最高点B距A点的竖直高度为h，物体离开弹簧后沿斜面向上运动的加速度大小等于重力加速度g．则下列说法正确的是（）A．弹簧的最大弹性势能为mghB．物体从A点运动到B点的过程中系统损失的机械能为mghC．物体的最大动能等于弹簧的最大弹性势能D．物体最终静止在B点【考点】机械能守恒定律；胡克定律．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】物体离开弹簧后沿斜面向上运动的加速度大小等于重力加速度g，可得知斜面不光滑，物体将受到沿斜面向下的摩擦力，且摩擦力大小为重力的一半；物体动能最大时，加速度为零；系统弹性势能最大时，弹簧压缩量最大；注意应用能量守恒的观点加以全程分析【解答】解：A、根据能量守恒，在物块上升到最高点的过程中，弹性势能变为物块的重力势能mgh和内能，故弹簧的最大弹性势能应大于mgh，故A错误；B、物体离开弹簧后沿斜面向上运动的加速度大小等于重力加速度g，由牛顿第二定律得物块所受沿斜面向下的合力为，F=mg，而重力沿斜面向下的分量为mgsin30°=，可知，物块必定受到沿斜面向下的摩擦力为f=，摩擦力做功等于物体从A点运动到B点的过程中系统损失的机械能，W f=f=mgh，故B正确；C、物体动能最大时，加速度为零，此时物块必定沿斜面向上移动了一定距离，故损失了一部分机械能，所以动能小于弹簧的最大弹性势能，故C错误；D、由于物体到达B点后，瞬时速度为零，此后摩擦力方向沿斜面向上，与重力沿斜面向下的分力相抵消，物块将静止在B点，故D正确．故选：BD．【点评】注意挖掘“物体离开弹簧后沿斜面向上运动的加速度大小等于重力加速度g”的隐含信息，用能量守恒观点分析二、实验题（共15分，12题（1）为3分，其余每空2分）11．做匀变速直线运动的小车带动纸带通过打点计时器，打出的部分计数点如图所示（每相邻两个计数点间还有4个点，图中未画出），已知打点计时器使用的是50Hz的交变电流，则打点计时器在打“1”时的速度v1=0.491m/s，平均加速度为a=0.880m/s2．由计算结果可估计出第5个计数点与第6个计数点之间的距离最可能是8.86cm．（结果均保留3位有效数字）．【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【专题】实验题．【分析】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上2点时小车的瞬时速度大小．【解答】解：（1）每相邻两点间还有四个点未画出来，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：v1==m/s=0.491m/s（2）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4﹣x1=3a1T2x5﹣x2=3a2T2为了更加准确的求解加速度，我们对加速度取平均值得：a=（a1+a2）即小车运动的加速度计算表达式为：a=带入数据解得a=0.880m/s2根据△x=aT2可得，x6=x5+△x=7.98+0.88=8.86cm．故答案为：4.91，0.880，8.86【点评】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．12．用伏安法测量一电池的内阻．已知该待测电池的电动势E约为9V，内阻约数十欧，允许输出的最大电流为50mA，可选用的实验器材有：电压表V1（量程5V）；电压表V2（量程10V）；电流表A1（量程50mA）；电压表A2（量程100mA）；滑动变阻器R（最大电阻300Ω）；定值电阻R1（阻值为200Ω，额定功率为W）；定值电阻R2（阻值为220Ω，额定功率为1W）；开关S；导线若干．测量数据如坐标纸上U﹣I图线所示．（1）在答题卡相应的虚线方框内画出合理的电路原理图，并标明所选器材的符号．（2）在设计的电路中，选择定值电阻的根据是定值电阻在电路中消耗的功率会超过W，R2的功率满足实验要求．（3）由U﹣I图线求得待测电池的内阻为50Ω．（4）在你设计的电路中，产生系统误差的主要原因是电压表分流．【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题．【分析】（1）根据伏安法测电源电动势与内阻的原理作出实验电路图；（2）根据题意选择定值电阻；（3）由图象求出电源内阻；（4）根据实验电路分析实验误差．【解答】解：（1）应用伏安法测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，电流表测电路电流，电路图如图所示：（2）定值电阻R1在电路中的最大功率：P1=I2R1=（0.05）2×200=0.5W＞W，定值电阻R2在电路中的最大功率：P2=I2R2=（0.05）2×220=0.55W＜1W，为保护电路安全，则定值电阻应选择R2．（3）由图示图象可知，电源内阻r===50Ω；（4）由实验电路图可知，相对于电源电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，电流表所测电流小于电路电流，电压表分流是造成系统误差的原因．故答案为：（1）电路原理图如图所示；（2）定值电阻在电路中消耗的功率会超过W，R2的功率满足实验要求；（3）50；（4）电压表分流．【点评】本题考查了作实验电路、实验器材选择、求电源内阻、实验误差分析；电源U﹣I图象斜率的绝对值是电源内阻，知道实验原理、根据图象分析即可正确解题．三、计算题（每题15分，共45分）13．如图所示，在水平光滑轨道PQ上有一个轻弹簧其左端固定，现用一质量m=2.0kg的小物块（视为质点）将弹簧压缩后释放，物块离开弹簧后经过水平轨道右端恰好沿半圆轨道的切线进入竖直固定的轨道，小物块进入半圆轨道后恰好能沿轨道运动，经过最低点后滑上质量M=8.0kg的长木板，最后恰好停在长木板最左端．已知竖直半圆轨道光滑且半径R=0.5m，物块与木板间的动摩擦因数μ=0.2，木板与水平地面间摩擦不计，取g=10m/s2．（1）弹簧具有的弹性势能；（2）小物块滑到半圆轨道底端时对轨道的压力；（3）木板的长度．【考点】动量守恒定律；牛顿第二定律；向心力；机械能守恒定律．【专题】动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．【分析】（1）根据物体进入轨道后恰好沿轨道运动求解对应的速度，根据能量守恒求解弹簧具有弹性势能．（2）根据物块由顶端滑到底端过程由机械能守恒和牛顿第二定律求解．（3）对物体与木板组成的系统由动量守恒定律和能量守恒定律求解．【解答】解：（1）物体进入轨道后恰好沿轨道运动：…①弹簧具有弹性势能：…②（2）物块由顶端滑到底端过程由机械能守恒：…③解得：v2=5m/s在轨道底端由牛顿第二定律得：…④解得：F=6mg=120N…⑤由牛顿第三定律得物块对轨道的压力为120N…⑥（3）对物体与木板组成的系统由动量守恒定律得：mv2=（m+M）v3…⑦设木块的长度为s，由能量守恒定律得：…⑧f=μmg…⑨联立，并代入已知，解得：s=5m…⑩答：（1）弹簧具有的弹性势能是5J（2）物块滑到半圆轨道底端时对轨道的压力是120N（3）木板的长度是5m【点评】此题要求能熟练运用牛顿第二定律和系统由动量守恒定律解决问题，此题对过程分析要求较高．14．如图所示，在x轴下方的区域内存在方向与y轴相同的匀强电场，电场强度为E．在x轴上方以原点O 为圆心、半径为R的半圆形区域内存在匀强磁场，磁场的方向垂直于xy平面并指向纸面外，磁感应强度为B．y轴下方的A点与O点的距离为d．一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从A点由静止释放，经电场加速后从O点射入磁场．不计粒子的重力作用．（1）求粒子在磁场中运动的轨道半径r．（2）要使粒子进入磁场之后不再经过x轴，电场强度需大于或等于某个值E0．求E0．（3）若电场强度E等于第（2）问E0的，求粒子经过x轴时的位置．【考点】动能定理的应用；带电粒子在匀强电场中的运动；带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】动能定理的应用专题．【分析】（1）带电粒子先在电场中加速后进入磁场中偏转．根据动能定理求加速获得的速度，由牛顿第二定律和向心力公式结合求磁场中运动的半径；（2）要使粒子之后恰好不再经过x轴，则离开磁场时的速度方向与x轴平行，画出粒子的运动轨迹，由几何知识求出轨迹半径，由上题结论求E0．（3）若电场强度E等于第（2）问E0的，求粒子在磁场中运动的轨迹半径，画出粒子的运动轨迹，由几何知识求经过x轴时的位置．【解答】解：（1）粒子在电场中加速，由动能定理得①粒子进入磁场后做圆周运动，有②解得粒子在磁场中运动的半径③（2）要使粒子之后恰好不再经过x轴，则离开磁场时的速度方向与x轴平行，运动情况如图①，由几何知识可得④由以上各式解得⑤（3）将代入可得磁场中运动的轨道半径⑥粒子运动情况如图②，图中的角度α、β满足cosα==即α=30°⑦则得β=2α=60°⑧所以粒子经过x轴时的位置坐标为⑨解得⑩答：（1）粒子在磁场中运动的轨道半径r为．（2）要使粒子进入磁场之后不再经过x轴，电场强度需大于或等于某个值E0．E0为．（3）若电场强度E等于第（2）问E0的，粒子经过x轴时的位置为x=．【点评】本题是带电粒子在复合场中运动的类型，运用动能定理、牛顿第二定律和几何知识结合进行解决．15．有一列简谐横波在弹性介质中沿x轴正方向以速率v=10m/s传播，某时刻的波形如图1所示，把此时刻作为零时刻，质点A的振动方程为y=﹣0.5sin20πtm m．【考点】波长、频率和波速的关系．【专题】定性思想；推理法；力学综合性应用专题．【分析】由图读出波长和振幅，由波速公式求出周期，根据角速度和周期的关系求出角速度，从而写出振动方程．【解答】解：由图读出波长λ=1m，振幅为0.5m，由v=得周期为：T=根据ω=得：ω=所以把此时刻作为零时刻，质点A的振动的方向向下，所以振动方程为：y=﹣0.5cos20πt（m）故答案为：﹣0.5sin20πtm【点评】由波动图象读出波长、求出周期和角速度是基本能力，要求同学们能根据振动图象写出振动方程，难度不大．16．如图所示，ABC是三棱镜的一个截面，其折射率为n=1.5．现有一细束平行于截面的光线沿MN方向射到棱镜的AB面上的N点，AN=NB=2cm，入射角的大小为i，且sini=0.75．已知真空中的光速c=3.0×108m/s，求：①光在棱镜中传播的速率；②此束光进入棱镜后从棱镜射出的方向和位置．（不考虑AB面的反射）【考点】光的折射定律．【专题】光的折射专题．【分析】①光在棱镜中传播的速率应根据公式v=求解．②已知折射率n和入射角的正弦sini，根据折射定律n=求出折射角．由公式sinC=求得临界角C．由几何知识求出光线射到BC面的入射角，根据入射角与临界角的大小关系，判断光线在BC面上能否发生全反射，再进一步确定此束光线射出棱镜后的方向．【解答】解：①光在棱镜中传播的速率：v==m/s=2.0×108m/s；②设此束光从AB面射入棱镜后的折射角为r，由折射定律，n=，解得：r=30°．显然光线从AB射入棱镜后的折射光线NP平行于底边AC，由图中几何关系可得，由几何关系得，光线在BC面上的入射角θ=45°设临界角为C，则由sinC=得sinC=＜可知C＜45°则光线在BC面的入射角θ＞C故光线在BC面上发生全反射后，根据几何知识和反射定律得知，光线将垂直于底面AC方向由图中Q点射出棱镜．CQ=PQ=ANsin60°=2×cm=cm答：①光在棱镜中传播的速率是2.0×108m/s；②此束光进入棱镜后将垂直于底面AC方向由图中Q点射出棱镜，Q点离C点距离为cm．【点评】本题是折射定律、光速公式和全反射知识的综合应用．当光从光密介质射入光疏介质时要考虑能否发生全反射．。

辽宁省沈阳二中2015届高三上学期期中考试物理试题 Word版含答案.

辽宁省沈阳二中2015届高三上学期期中考试物理试题命题人:高三物理组审校人:高三物理组说明:1.测试时间:90分钟总分:100分2.客观题涂在答题纸上,主观题答在答题纸的相应位置上第Ⅰ卷(共44分一.选择题:本题共11小题,每小题4分。

在每小题给出的四个选项中,第1-7题只有一项符合题目要求,第8-11题有多个选项符合题目要求。

全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。

1.在物理学发展过程中,有许多伟大的科学家做出了巨大贡献。

关于科学家和他们的贡献,下列说法正确的是A .库仑最早引入电场概念,并采用了电场线描述电场B .牛顿发现了万有引力定律,并测出了万有引力常量GC .伽利略运用理想实验法得出“力不是维持物体运动的原因”D .奥斯特发现了电流的磁效应,并发现了磁场对电流的作用规律2、如图所示,河水的流速为5m/s ,一条船要从河的南岸A 点沿与河岸成30°角的直线航行到北岸下游某处,则船的开行速度(相对于水的速度最小为A .2m/sB .3m/sC .3.5m/sD .2.5m/s3.如图示,一根轻弹簧上端固定,下端挂一个质量为m 0平盘,盘中有一质量为m 的物体,当盘静止时,弹簧的长度比其自然长度伸长了L ,今向下拉盘使弹簧再伸长了ΔL 后停止,然后松手放开,设弹簧总处在弹性限度内,则刚松手时盘对物体的支持力等于(A .(1+ΔL/LmgB .(1+ΔL/L(m+m 0gC .(mg ΔL/LD .(m+m 0g ΔL/L4、已知火星的质量和半径分别为地球的1/10和1/2,地球表面的重力加速度为g ,则火星表面的重力加速度约为(A .0.2gB .0.4gC .2.5gD .5.0g5.装修公司进行家居装饰时,可以用喷枪将染料液喷射出去, 如图喷枪是水平放置且固定的, 虚线分别为水平线和竖直线,在墙上同一竖直线喷有A 、B 、C 、D 四个液滴(可以视为质点,不计空气阻力,要求AB 、BC 、CD 间距依次为7cm 、5cm 、3cm ,D 与水平线的间距为1cm ,如图所示,正确的是(A .ABCD 四个液滴的射出速度可以相同,要达到目的,只需要调整它们的出射时间间隔即可B .ABCD 四个液滴在空中的运动时间是相同的C .ABCD 四个液滴出射速度之比应为1:2:3:4D .ABCD 四个液滴出射速度之比应为3:4:6:126.放在水平地面上的物体受到水平拉力的作用,在0~6 s 内其速度与时间图象和拉力的功率与时间图象分别如图(甲、(乙所示,则物体的质量为(取g =10 m /s 2A .35㎏ B .910㎏ C .53㎏ D .109㎏7.一小物块以某一初速度滑上水平足够长的固定木板,经一段时间t 后停止。

辽宁省沈阳二中高三物理上学期12月月考试题

沈阳二中2015-2016学年度上学期12月份小班化学习成果阶段验收高三（16届）物理试题说明：1.测试时间：90分钟总分：100分2.客观题涂在答题卡上，主观题答在答题纸上第I 卷（48分）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每个小题所给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。

） 1. 两颗人造卫星环绕地球运动，则下列说法正确的是（）A.沿不同轨道经过极地上空的两颗卫星，它们的轨道平面一定会重合B.在赤道上空运行的两颗地球同步卫星，它们的轨道半径有可能不同C.沿椭圆轨道运行的一颗卫星，在轨道不同位置不可能具有相同的速率D.分别沿圆轨道和椭圆轨道运行的两颗卫星，可能具有相同的周期2.以下对电场中物理量的描述，其中正确的是（） A.电场线的方向就是电荷受力的方向 B.正电荷只在电场力作用下一定沿电场线运动C.正电荷在电场中具有的电势能大的地方，电势一定高D.电场中某点的场强为零，该点电势也一定为零3. 水平桌面上有一根绝缘的长直导线a ，垂直纸面放置，在桌面正上方等高且与直导线a 平行等距的位置，固定两根绝缘直导线b 和c ，三根导线中的电流大小相等、方向如图所示。

导线a 始终处于静止状态，关于导线a ，以下说法中正确的是（）A ．对地面的压力数值上小于自身的重力B ．对地面的压力数值上等于自身的重力C ．对地面的压力数值上大于自身的重力D ．受水平向左的摩擦力4. 如图所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡先后分别与电源1和电源2单独连接时，则下列说法不正确．．．的是（） A ．电源1和电源2的内阻之比是7：5B ．在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是16:21C ．在这两种连接状态下，电源的输出功率之比是3：2D ．在这两种连接状态下，电源的输出功率之比是7：12b c5.如图，若使2价和3价的铁离子经同一电场加速后，再垂直进入同一偏转电场，然后打到同一屏上，离子重力不计，以下判断正确的是（）A ．两种铁离子将打在屏上同一点B ．在偏转电场中，电场力对两种离子做的功一样多C ．两种铁离子打在屏上时的速度一样大D ．经过加速电场时，铁离子受到的电场力一样大6.如图，一个边长为L 的正方形ABCD 虚线框内有垂直于纸面向里的匀强磁场；一个等腰直角三角形abc 导线框所在平面与磁场方向垂直，其等腰直边边长也为L ；d 是斜边ac 的中点，db 连线与虚线框的AB 边垂直，db 的延长线平分虚线框。

辽宁省沈阳二中2015届高三12月月考物理试题及答案

沈阳二中2014——2015学年度上学期12月份小班化学习成果阶段验收高三（15届）物理试题命题人：高三物理组审校人：高三物理组说明：1.测试时间：90分钟总分：100分2.客观题涂在答题纸上，主观题答在答题纸的相应位置上第Ⅰ卷（共40分）一、选择题(本题共10小题，每小题4分。

在每小题给出的四个选项中，第1~6题只有一项符合题目要求，第7~10题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选得0分。

)1．如图所示，在动摩擦因数μ＝0.2的水平面上，质量m ＝2 kg 的物块与水平轻弹簧相连，物块在与水平方向成θ＝45°角的拉力F 作用下处于静止状态，此时水平面对物块的弹力恰好为零。

g 取10 m/s 2，以下说法正确的是( )A ．此时轻弹簧的弹力大小为20 NB ．当撤去拉力F 的瞬间，物块的加速度大小为8 m/s 2，方向向右C ．若剪断弹簧，则剪断的瞬间物块的加速度大小为8 m/s 2，方向向右D ．若剪断弹簧，则剪断的瞬间物块的加速度为02．如图所示，斜面倾角为45°，质量m =1kg 的小球A 从斜面底端正上方h=6m 处以v 0=1m/s 的初速度做平抛运动，同时小球B 从斜面底端在外力作用下沿斜面向上做匀速直线运动，速度v =2m/s ，两小球都看做质点，取g =10m/s 2，则下列说法正确的是（）A ．两小球不能在斜面上相遇B ．两小球一定可以在斜面上相遇C ．小球A 落在斜面上的速度为10m/sD ．小球A 落在斜面上时，重力的瞬时功率为10w 3．我国志愿者王跃曾与俄罗斯志愿者一起进行“火星500”的实验活动。

假设王跃登陆火星后，测得火星的半径是地球半径的12，质量是地球质量的19。

已知地球表面的重力加速度是g ，地球的半径为R ，王跃在地面上能向上竖直跳起的最大高度是h ，忽略自转的影响，下列说法正确的是( )A ．火星的密度为2g 3πGRB ．火星表面的重力加速度是2g 9C ．火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为23D ．王跃以与在地球上相同的初速度在火星上起跳后，能达到的最大高度是9h 24．如图所示，有三个斜面a 、b 、c ，底边的长分别为L 、L 、2L ，高度分别为2h 、h 、h 。

辽宁省沈阳二中2015-2016学年高一上学期月考物理试卷(12月份)Word版含解析

2015-2016学年辽宁省沈阳二中高一（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题：共12小题，每小题4分．第1～8题单选，第9～12题多选．选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．下列说法中正确的是（）A．人站在地面上，用力蹬地跳起，是因为地面对人的作用力大于人对地面的作用力B．把一个物体竖直向上抛出后，能继续上升，是因为物体仍受到一个向上的推力C．物体静止时才有惯性，物体一开始运动，不再保持原有的运动状态，也就失去了惯性D．在相同外力作用下，获得加速度小的物体惯性大2．跳伞运动员从高空悬停的直升机上跳下，运动员沿竖直方向运动的v﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（）A．0～10 s运动员做加速度逐渐减小的加速运动B．15 s以后运动员处于静止状态C．0～15s内运动员的加速度方向始终与速度方向相同D．运动员在10～15 s的平均速度等于15m/s3．如图所示，小球从竖直砖墙某位置静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5…所示小球运动过程中每次曝光的位置．连续两次曝光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d．根据图中的信息，下列判断错误的是（）A．位置“1”是小球释放的初始位置B．小球做匀加速直线运动C．小球下落的加速度为D．小球在位置“3”的速度为4．如图所示，一个轻弹簧，B端固定，另一端C与细绳一端共同拉着一个质量为m的小球，细绳的另一端A也固定，且AC、BC与竖直方向的夹角分别为θ1=30°和θ2=60°，重力加速度为g．则烧断细绳的瞬间，小球的加速度为（）A．g，竖直向下B．水平向右C．g，水平向右D．g，向右下与水平成60°角5．汽车A在红灯前停住，绿灯亮时启动，以0.4m/s2的加速度做匀加速运动，经过30s后，以该时刻的速度做匀速直线运动．设在绿灯亮的同时，汽车B以8m/s的速度从A车旁边驶过，且一直以相同的速度做匀速直线运动，运动方向与A车相同，则从绿灯亮时开始（）A．两车不可能相遇 B．A车在加速过程中与B车相遇C．相遇时A车做匀速运动D．A、B两车相遇时速度相同6．体育器材室里，篮球摆放在图示的水平球架上．已知球架的宽度为d，每只篮球的质量为m、直径为D，不计球与球架之间摩擦，重力加速度为g．则每只篮球对一侧球架的压力大小为（）A．mg B． C．D．7．如图所示，光滑的水平地面上有20块木块1、2、3、…20，第1、3、5…块质量均为m，第2、4、6…块质量均为2m，现用力F向右推第一块木块，则第15块木块对第14块木块的弹力大小为（）A．F，向左 B．F，向左C．F，向右 D．F，向右8．射箭是2010年广州亚运会比赛项目之一，如图甲为我国著名选手张娟娟的射箭场景．已知弓的顶部跨度为l，弦均匀且弹性良好，其自由长度为l．发射时弦和箭可等效为图乙的情景，假设弓的跨度保持不变，即箭在弦的正中间，弦夹住类似动滑轮的附加装置上，将箭发射出去．已知弦的劲度系数为k，发射箭时弦的最大长度为l（弹性限度内），则箭被发射瞬间所受的最大弹力为（设弦的弹力满足胡克定律）（）A．kl B．C．kl D．2kl9．如图所示，天花板上C点，挂一轻质光滑滑轮O，两侧用细绳连着两个物体A与B，物体B放在粗糙水平地面上，A、B均静止．现将物体B向右移动一小段距离，AB仍能静止，则（）A．OC绳对滑轮的拉力变大，但方向不变B．物体B受到地面的摩擦力变小C．物体B对地面的压力可能为0D．物体B对地面的压力变小10．电梯的顶部挂一个弹簧秤，秤下端挂了一个质量为1kg的重物，电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为12N．关于电梯的运动（如图所示），以下说法正确的是（g取10m/s2）（）A．电梯可能向上加速运动，加速度大小为2m/s2B．电梯可能向下加速运动，加速度大小为4m/s2C．电梯可能向上减速运动，加速度大小为4m/s2D．电梯可能向下减速运动，加速度大小为2m/s211．如图所示，在水平面上有一质量为m的小物块，在某时刻给它一初速度，使其沿水平面做匀减速直线运动，其依次经过A、B、C三点，最终停在O点．A、B、C三点到O点的距离分别为L1、L2、L3，小物块由A、B、C三点运动到O点所用的时间分别为t1、t2、t3．下列结论正确的是（）A．＞＞B．==C．＞＞D．==12．如图所示，一细绳跨过一轻质定滑轮（不计细绳和滑轮质量，不计滑轮与轴之间摩擦），绳的一端悬挂一质量为m的物体A，另一端悬挂一质量为M（M＞m）的物体B，此时A物体的加速度为a1，如果用力F代替物体B，使物体A产生的加速度为a2，那么（）A．如果a1=a2，则F＜Mg B．如果F=Mg，则a1＜a2C．如果a1=a2，则F=Mg D．如果F=，则a1=a2二、填空题，本题共15分，请将答案写在答题纸相应位置13．在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，某同学把两根弹簧如图1连接起来进行探究：（1）某次测量如图2所示，指针示数为cm；（2）在弹性限度内，将50g的钩码逐个挂在弹簧下端，得到指针A、B的示数L A和L B如表所示．用下表数据计算弹簧Ⅰ的劲度系数为N/m（重力加速度g 取10m/s2，结果保留三位有效数字），由表Ⅰ数据（选填“能”或“不能”）计算出弹簧Ⅱ的劲度系数．14．在验证“力的平行四边形定则”实验中，所用实验装置如图所示，弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M．弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置．分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向．（1）下列不必要的实验要求是．（请填写选项前对应的字母）A．应测量重物M所受的重力B．弹簧测力计应在使用前校零C．拉线方向应与木板平面平行D．改变拉力，重复多次实验时，每次都要使O点静止在同一位置（2）某次实验中，该同学发现弹簧测力计A的指针稍稍超出量程，请你提出两个解决办法：．三、计算题，本题共37分，要写清必要的解题过程15．如图所示，质量为m=1kg的物体紧靠在粗糙竖直墙面上，以推力F=20N作用在物体上使物体静止，F与水平方向夹角为θ=37°，求物体受竖直墙面的弹力与摩擦力的大小及方向？（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）16．如图为某次太空探测中，科研人员发射星球探测器在最后着陆阶段的示意图，探测器在距星球表面高度为H=20m处悬停（速度为0），首先使探测器在重力作用下自由下落，下落到距地表h高度处开启发动机，使探测器竖直匀减速下降．不计星球表面大气对探测器的阻力影响，星球表面附近的重力加速度为g0=4m/s2．求：（1）若探测器在距星球表面4m处开启发动机，使探测器着陆速度为0，则开启发动机后，探测器减速的加速度应为多大？（2）若开启发动机后，探测器以加速度a=8m/s2匀减速下降，为使探测器着陆速度在安全速度0～v1之间（v1=4m/s），探测器开启发动机开始减速的高度h应在什么范围内？（结果可用分数表示）17．如图所示，粗糙地面上放一个倾角为α的斜面，斜面质量为M，斜面上表面光滑，现将一质量为m的物体放于斜面上表面，给物体施加一个平行于斜面向下的拉力F，在物体m沿斜面下滑的过程中，（1）斜面对物体的支持力大小和物体沿斜面下滑的加速度？（2）若斜面不后退，斜面与地面间的摩擦因数至少是多大？（最大静摩檫力与滑动摩擦力近似相等）2015-2016学年辽宁省沈阳二中高一（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题：共12小题，每小题4分．第1～8题单选，第9～12题多选．选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．下列说法中正确的是（）A．人站在地面上，用力蹬地跳起，是因为地面对人的作用力大于人对地面的作用力B．把一个物体竖直向上抛出后，能继续上升，是因为物体仍受到一个向上的推力C．物体静止时才有惯性，物体一开始运动，不再保持原有的运动状态，也就失去了惯性D．在相同外力作用下，获得加速度小的物体惯性大【考点】作用力和反作用力；惯性．【分析】人对地的作用力与地对人的作用力是一对作用力和反作用力，人之所以能跳起离开地面，可以对人进行受力分析，人具有向上的合力．【解答】解：A、根据牛顿第三定律，人对地面的作用力等于地面对人的作用力，但不是人能起跳离开地面的原因，故A错误；B、把一个物体竖直向上抛出后，能继续上升，是由于惯性；故B错误；C、惯性是物体的固有属性，与运动的状态无关，物体不会失去惯性．故C错误；D、根据牛顿第二定律可知，在相同外力作用下，获得加速度小的物体的质量大，而质量是物体惯性大小的量度，质量大的物体的惯性大，故D正确；故选：D2．跳伞运动员从高空悬停的直升机上跳下，运动员沿竖直方向运动的v﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（）A．0～10 s运动员做加速度逐渐减小的加速运动B．15 s以后运动员处于静止状态C．0～15s内运动员的加速度方向始终与速度方向相同D．运动员在10～15 s的平均速度等于15m/s【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】v﹣t图象中图象的斜率表示加速度，加速直线运动中加速度与速度方向相同，减速直线运动中加速度与速度方向相反．通过图线与时间轴围成的面积表示位移，将运动员的运动与匀减速直线运动进行比较，确定出运动员在10～15 s 的平均速度．【解答】解：A、根据斜率等于加速度，则知0～10 s运动员做加速度逐渐减小的加速运动，故A正确．B、15s后运动员的速度不变，做匀速直线运动，故B错误．C、0～10 s运动员做加速运动，加速度方向与速度方向相同．10～15s内运动员做减速运动，加速度方向与速度方向相反，故C错误．D、在10～15 s内，若运动员做匀减速直线运动，则平均速度为===15m/s，而运动员在10～15s内的位移小于匀减速直线运动的位移，所以平均速度小于15m/s．故D错误．故选：A3．如图所示，小球从竖直砖墙某位置静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5…所示小球运动过程中每次曝光的位置．连续两次曝光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d．根据图中的信息，下列判断错误的是（）A．位置“1”是小球释放的初始位置B．小球做匀加速直线运动C．小球下落的加速度为D．小球在位置“3”的速度为【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】小球做的匀加速直线运动，根据相机的曝光的时间间隔相同，由匀变速直线运动的规律可以求得．【解答】解：由图可以知道每两个相邻的点之间的距离差是一样的，由△x=at2可知，a==，所以BC的说法正确；由于时间的间隔相同，所以2点瞬时速度的大小为1、3之间的平均速度的大小，所以V2=，根据V=V0+at可知点1的速度大小是V1=V2﹣at=﹣•T=，所以A错误；点3的瞬时速度的大小为2、4之间的平均速度的大小，所以V3=，所以D正确．本题选错误的，故选A．4．如图所示，一个轻弹簧，B端固定，另一端C与细绳一端共同拉着一个质量为m的小球，细绳的另一端A也固定，且AC、BC与竖直方向的夹角分别为θ1=30°和θ2=60°，重力加速度为g．则烧断细绳的瞬间，小球的加速度为（）A．g，竖直向下B．水平向右C．g，水平向右D．g，向右下与水平成60°角【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】对小球受力分析，根据平衡条件求轻绳的拉力大小；剪断轻绳瞬间弹簧的弹力没有变化，小球所受的合外力是重力与弹力的合力，大小等于绳的拉力，根据牛顿第二定律求解．【解答】解：以球为研究对象，小球受轻绳的拉力，弹簧的拉力，由平衡条件解得：剪断轻绳瞬间弹簧的弹力没有变化，小球所受的合外力是重力与弹力的合力，与原来细绳的拉力大小相等，方向相反，由牛顿第二定律得a==，方向：向右下与水平成60°角故选：D5．汽车A在红灯前停住，绿灯亮时启动，以0.4m/s2的加速度做匀加速运动，经过30s后，以该时刻的速度做匀速直线运动．设在绿灯亮的同时，汽车B以8m/s的速度从A车旁边驶过，且一直以相同的速度做匀速直线运动，运动方向与A车相同，则从绿灯亮时开始（）A．两车不可能相遇 B．A车在加速过程中与B车相遇C．相遇时A车做匀速运动D．A、B两车相遇时速度相同【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据A车匀加速运动的位移和B车匀速运动的位移，结合位移关系判断在什么阶段两车相遇．结合速度时间公式求出速度，判断相遇时速度是否相同．【解答】解：A、汽车A匀速运动的速度v1=at1=0.4×30m/s=12m/s＞8m/s，可知两车一定能相遇，故A错误．B、30s末，汽车A的位移，汽车B的位移x B=v2t=8×30m=240m，因为x A＜x B，所以A车在匀速运动阶段追上汽车B，故B错误，C 正确．D、设经过t时间相遇，有：，代入数据解得t=45s，相遇时A车的速度12m/s，与B车的速度不等，故D错误．故选：C．6．体育器材室里，篮球摆放在图示的水平球架上．已知球架的宽度为d，每只篮球的质量为m、直径为D，不计球与球架之间摩擦，重力加速度为g．则每只篮球对一侧球架的压力大小为（）A．mg B． C．D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】以任意一只篮球为研究对象，分析受力情况，根据几何知识求出相关的角度，由平衡条件求解球架对篮球的支持力，即可得到篮球对球架的压力．【解答】解：以任意一只篮球为研究对象，分析受力情况，设球架对篮球的支持力N与竖直方向的夹角为α．由几何知识得：cosα==根据平衡条件得：2Ncosα=mg解得：N=则得篮球对球架的压力大小为：N′=N=．故选：C．7．如图所示，光滑的水平地面上有20块木块1、2、3、…20，第1、3、5…块质量均为m，第2、4、6…块质量均为2m，现用力F向右推第一块木块，则第15块木块对第14块木块的弹力大小为（）A．F，向左 B．F，向左C．F，向右 D．F，向右【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】对整体分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，隔离对15至20块木块整体分析，结合牛顿第二定律和第三定律求出第15块木块对第14块木块的弹力大小．【解答】解：对整体分析，整体的加速度a=，隔离对15至20块木块整体分析，根据牛顿第二定律得，第14块木块对第15块木块的作用力F′=（3m+6m）a=，方向向右．根据牛顿第三定律知，第15块木块对第14块木块的弹力大小为，方向向左．故选：A．8．射箭是2010年广州亚运会比赛项目之一，如图甲为我国著名选手张娟娟的射箭场景．已知弓的顶部跨度为l，弦均匀且弹性良好，其自由长度为l．发射时弦和箭可等效为图乙的情景，假设弓的跨度保持不变，即箭在弦的正中间，弦夹住类似动滑轮的附加装置上，将箭发射出去．已知弦的劲度系数为k，发射箭时弦的最大长度为l（弹性限度内），则箭被发射瞬间所受的最大弹力为（设弦的弹力满足胡克定律）（）A．kl B．C．kl D．2kl【考点】胡克定律．【分析】力的合成遵循力的平行四边形定则，由题意可结合等边三角形的几何知识求解合力．【解答】解：设放箭处弦的弹力分别为F1、F2，合力为F，则F1=F2=k（l﹣l）= kl，F=2F1•cosθ，由几何关系得sinθ==，所以cosθ=，所以，箭被发射瞬间所受的最大弹力F=kl，故选：B．9．如图所示，天花板上C点，挂一轻质光滑滑轮O，两侧用细绳连着两个物体A与B，物体B放在粗糙水平地面上，A、B均静止．现将物体B向右移动一小段距离，AB仍能静止，则（）A．OC绳对滑轮的拉力变大，但方向不变B．物体B受到地面的摩擦力变小C．物体B对地面的压力可能为0D．物体B对地面的压力变小【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】先对A进行受力分析可得出绳子的拉力的大小没有变化；再对B分析，由共点力平衡条件可得出B的支持力及摩擦力的变化．【解答】解：分析A的受力可知，A只受重力和绳子的拉力处于静止，因A处于平衡状态，故绳子的拉力保持不变；B向右移动后，绳子与水平在的夹角增大，两根绳子之间的夹角减小．A、绳子的拉力不变，而两根绳子之间的夹角减小，所以它们对滑轮的拉力增大，若滑轮保持平衡，则OC对滑轮的拉力变大，同时方向也发生变化．故A错误；B、D、则将绳子的力分解可知，竖直向上的分力增大，故地面对物体B的支持力变小；同时水平方向的分力减小，故摩擦力减小；故B正确，D正确；C、由于仍然存在地面对C的摩擦力，所以B对地面必然要存在压力．故C错误．故选：BD10．电梯的顶部挂一个弹簧秤，秤下端挂了一个质量为1kg的重物，电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为12N．关于电梯的运动（如图所示），以下说法正确的是（g取10m/s2）（）A．电梯可能向上加速运动，加速度大小为2m/s2B．电梯可能向下加速运动，加速度大小为4m/s2C．电梯可能向上减速运动，加速度大小为4m/s2D．电梯可能向下减速运动，加速度大小为2m/s2【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【分析】对重物受力分析，根据牛顿第二定律得出重物的加速度大小和方向，从而得出电梯的加速度大小和方向，从而判断出电梯的运动规律．【解答】解：电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，知重物的重力等于10N；在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为12N，对重物有：F﹣mg=ma，解得a=2m/s2，方向竖直向上；则电梯的加速度大小为2m/s2，方向竖直向上，电梯可能向上做加速运动，也可能向下做减速运动．故A正确，B错误，C错误，D正确；故选AD．11．如图所示，在水平面上有一质量为m的小物块，在某时刻给它一初速度，使其沿水平面做匀减速直线运动，其依次经过A、B、C三点，最终停在O点．A、B、C三点到O点的距离分别为L1、L2、L3，小物块由A、B、C三点运动到O点所用的时间分别为t1、t2、t3．下列结论正确的是（）A．＞＞B．==C ．＞＞D ． ==【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】采用逆向思维，小球从0开始做初速度为零的匀加速直线运动，由运动学公式可判断各项是否正确．【解答】解：采用逆向思维，小球做初速度为零的匀加速直线运动，对OA 、OB 、OC 段，根据x=得，，可知，故C 错误，D正确．A 到O 做匀减速直线运动，速度越来越小，可知v A ＞vB ＞vC ，根据平均速度推论有：，可知，故A 正确，B 错误．故选：AD ．12．如图所示，一细绳跨过一轻质定滑轮（不计细绳和滑轮质量，不计滑轮与轴之间摩擦），绳的一端悬挂一质量为m 的物体A ，另一端悬挂一质量为M （M ＞m ）的物体B ，此时A 物体的加速度为a 1，如果用力F 代替物体B ，使物体A 产生的加速度为a 2，那么（）A ．如果a 1=a 2，则F ＜MgB ．如果F=Mg ，则a 1＜a 2C ．如果a 1=a 2，则F=MgD ．如果F=，则a 1=a 2 【考点】牛顿第二定律．【分析】对左图，对整体分析，抓住A 、B 的加速度大小相等，根据牛顿第二定律求出加速度，对右图，对A 分析，根据牛顿第二定律求出加速度．从而进行比较．【解答】解：对左图，对整体分析，根据牛顿第二定律得：，对右图，对A分析，根据牛顿第二定律得：F﹣mg=ma2，则﹣g，若a1=a2，则可得F=＜Mg，故AD正确，C错误；若F=Mg，则a2=＞，故B正确．故选：ABD．二、填空题，本题共15分，请将答案写在答题纸相应位置13．在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，某同学把两根弹簧如图1连接起来进行探究：（1）某次测量如图2所示，指针示数为16.00cm；（2）在弹性限度内，将50g的钩码逐个挂在弹簧下端，得到指针A、B的示数L A和L B如表所示．用下表数据计算弹簧Ⅰ的劲度系数为12.5N/m（重力加速度g取10m/s2，结果保留三位有效数字），由表Ⅰ数据能（选填“能”或“不能”）计算出弹簧Ⅱ的劲度系数．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【分析】（1）刻度尺的读数需估读，需读到最小刻度的下一位．（2）根据弹簧Ⅰ形变量的变化量，结合胡克定律求出劲度系数．通过弹簧Ⅱ弹力的变化量和形变量的变化量可以求出弹簧Ⅱ的劲度系数．【解答】解：（1）刻度尺读数需读到最小刻度的下一位，指针示数为16.00cm．（2）由表格中的数据可知，当弹力的变化量△F=0.5N时，弹簧形变量的变化量为△x=4.00cm，根据胡克定律知：k===12.5N/m．结合L1和L2示数的变化，可以得出弹簧Ⅱ形变量的变化量，结合弹力变化量，根据胡克定律能求出弹簧Ⅱ的劲度系数．故答案为：（1）16.00；（2）12.5；能．14．在验证“力的平行四边形定则”实验中，所用实验装置如图所示，弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M．弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置．分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向．（1）下列不必要的实验要求是D．（请填写选项前对应的字母）A．应测量重物M所受的重力B．弹簧测力计应在使用前校零C．拉线方向应与木板平面平行D．改变拉力，重复多次实验时，每次都要使O点静止在同一位置（2）某次实验中，该同学发现弹簧测力计A的指针稍稍超出量程，请你提出两个解决办法：减小M的质量、减小OP与竖直方向的夹角、减小簧测力计B 拉力的大小．【考点】验证力的平行四边形定则．【分析】弹簧测力计A挂于固定点，下端用细线挂一重物．当弹簧测力计B一端用细线系于O点，当向左拉使结点静止于某位置．弹簧测力计A和B的示数分别为两细线的力的大小，同时画出细线的方向即为力的方向．虽悬挂重物的细线方向确定，但大小却不知，所以要测重物重力．当结点静止于某位置时，弹簧测力计B的大小与方向就已确定了．原因是挂重物的细线大小与方向一定，而弹簧测力计A大小与方向也一定，所以两力的合力必一定．当出现超出弹簧测力计A的量程时，通过改变其中一个力大小或另一个力方向来达到此目的．【解答】解：（1）A、实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，因此重物的重力必须要知道．故A项需要；B、弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零．故B项也需要；C、拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性．故C项也需要；D、当结点O位置确定时，弹簧测力计A的示数也确定，由于重物的重力已确定，两力大小与方向均一定，因此弹簧测力计B的大小与方向也一定，所以不需要改变拉力多次实验．故D项不需要．故选D．（2）当弹簧测力计A超出其量程，则说明弹簧测力计B与重物这两根细线的力的合力已偏大．又由于挂重物的细线力的方向已确定，所以要么减小重物的重量，要么改变测力计B拉细线的方向，或改变弹簧测力计B拉力的大小，从而使测力计A不超出量程．故答案为：（1）D；（2）减小M的质量、减小OP与竖直方向的夹角、减小簧测力计B拉力的大小．三、计算题，本题共37分，要写清必要的解题过程15．如图所示，质量为m=1kg的物体紧靠在粗糙竖直墙面上，以推力F=20N作用在物体上使物体静止，F与水平方向夹角为θ=37°，求物体受竖直墙面的弹力与摩擦力的大小及方向？（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】物体处于静止状态，受力平衡，对物体受力分析，根据平衡条件列式求解即可．【解答】解：物体处于静止状态，受力平衡，对物体受力分析，如图所示：。

【新课标Ⅱ-3】2015届高三上学期月考(2)物理试题 Word版含答案

2015届上学期高三一轮复习第二次月考物理试题【新课标II-3】一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共计48分。

1至7题为单项选择题．．．．．，只有一个答案是正确的；8至12题为多项选择题．．．．．，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分。

）1．许多科学家对物理学的发展作出了巨大贡献，也创造了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、建立物理模型法、微元法、类比法和科学假说法等等。

以下关于物理学史和所用物理学方法的叙述正确的是()A．卡文迪许巧妙地运用扭秤实验，用了放大法成功测出静电力常量的数值B．牛顿为了说明力不是维持物体运动的原因用了理想实验法C．在不需要考虑物体本身的形状和大小时，用质点来代替物体的方法叫极限思维法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法2．我国选手陈一冰多次勇夺吊环冠军，是世锦赛四冠王．如图所示，为一次比赛中他先用双手撑住吊环(如图甲所示)，然后身体下移，双臂缓慢张开到图乙位置．则每条绳索的张力()A．保持不变B．逐渐变小C．逐渐变大D．先变大后变小3．汽车进行刹车试验，若速率从8 m/s匀减速至零，需用时间1 s，按规定速率为8 m/s的汽车刹车后拖行路程不得超过5.9 m，那么上述刹车试验的拖行路程是否符合规定()A．拖行路程为8 m，符合规定B．拖行路程为8 m，不符合规定C．拖行路程为4 m，符合规定D．拖行路程为4 m，不符合规定4．“儿童蹦极”中，拴在腰间左右两侧的是弹性极好的橡皮绳。

如图所示，质量为m的小明静止悬挂时，两橡皮绳的拉力大小均恰为mg，若此时小明左侧橡皮绳在腰间断裂，则小明此时()A．加速度为零，速度为零B．加速度a＝g，沿原断裂橡皮绳的方向斜向下C．加速度a＝g，沿未断裂橡皮绳的方向斜向上D．加速度a＝g，方向竖直向下5. 如图所示，A、B两物块叠放在一起，放在光滑地面上，已知A、B物块的质量分别为M、m，物块间粗糙.现用水平向右的恒力F1、F2先后分别作用在A、B物块上，物块A、B均不发生相对运动，则F1、F2的最大值之比为()A. 1：1B. M ：mC.m：MD. m：( m+M)6．如图所示，质量为m的物体用细绳拴住放在水平粗糙传送带上，物体距传送带左端距离为L，稳定时绳与水平方向的夹角为θ，当传送带分别以v1、v2的速度作逆时针转动时(v1< v2)，稳定时细绳的拉力分别为F l、F2；若剪断细绳后，物体到达左端的时间分别为t l、t2，下列关于稳定时细绳的拉力和到达左端的时间的大小一定正确的是()A．F l< F2B．F l= F2C．t l> t2D．t l< t27．如图所示，在竖直放置的半圆形容器的中心O点分别以水平初速度v1、v2抛出两个小球(可视为质点)，最终它们分别落在圆弧上的A点和B点，已知OA与OB互相垂直，且OA与竖直方向成α角，则两小球初速度之比为()A．tanαB．cosαC．sinα D. tan8．将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，v-t图像如图所示。

【Ks5u解析】辽宁省沈阳第二中学2014-2015学年高一12月月考物理试题 Word版含解析

2014-2015学年辽宁沈阳第二中学高一12月月考物理卷一．选择题1. 物理学是一门以实验为基础的学科，许多物理定律就是在大量实验的基础上归纳总结出的。

但有些物理定律或物理关系的建立并不是直接从实验得到的，而是经过了理想化或合理外推得到的，下列定律的建立属于这种情况的是（）A．胡克定律B．牛顿第一定律C．牛顿第二定律D．牛顿第三定律2. 下列关于加速度的描述中，正确的是（）A．速度变化量大，加速度就大B．当加速度减小时，物体一定做减速运动C．加速度方向保持不变，则速度方向也保持不变D．加速度方向与作用力方向、速度变化量方向都相同3. 一个人站在升降机的地板上，在升降机加速上升的过程中，以下说法正确的是（）A．人对升降机的压力小于升降机对人的支持力B．人对升降机的压力与升降机对人的支持力大小相等C．升降机对人的压力等于人的重力D．人的重力和升降机对人的支持力是一对作用力和反作用力4. 在交警处理某次交通事故时，通过监控仪器扫描，输入计算机后得到该汽车在水平路面上刹车过程中的位移随时间变化的规律为：x=30t－3t2(x的单位是m，t的单位是s)。

则该汽车在路面上留下的刹车痕迹长度为( )A．25m B．50m C．75m D ．150m5. 甲、乙两辆汽车沿平直公路同时由静止开始向同一方向运动，v－t图象如图所示，则下列说法正确的是( )A．如果出发时甲在乙前方，则一定不能相遇B．如果出发时乙在甲前方，则一定不能相遇C．如果甲乙同一地点出发，则0～2t时间内不能相遇D．0～2t时间内，甲的平均速度大于乙的平均速度6. 某物体同时受到同一平面内的三个共点力作用，在如图所示的四种情况中（坐标纸中每格边长表示1N的大小的力），该物体所受的合外力大小正确的是（）甲乙丙丁A．甲图中物体所受的合外力大小等于4NB．乙图中物体所受的合外力大小等于0C．丙图中物体所受的合外力大小等于0D．丁图中物体所受的合外力大小等于07. 物体由静止开始运动，所受合力变化如下图所示，则在3 s内物体位移最大的是( )8. 如图所示，吊篮A、物体B、物体C的质量相同，B和C分别固定在弹簧两端，弹簧的质量不计．B和C在吊篮的水平底板上处于静止状态．将悬挂吊篮的轻绳剪断的瞬间( )A．吊篮A的加速度大小为gB．物体B的加速度大小为gC．物体C的加速度大小为D．A、B、C的加速度大小都等于g9. 如图，两个固定的倾角相同的滑杆上分别套A、B两个圆环，两个圆环上分别用细线悬吊着两个物体C、D，当它们都沿滑杆向下滑动时，A的悬线始终与杆垂直，B的悬线始终竖直向下．则下列说法中正确的是（）A．A环与滑杆无摩擦力B．B环与滑杆无摩擦力C．A环做的是匀速运动D．B环做的是匀速运动10. 如图甲所示，物体原静止在水平面上，用一水平力F拉物体，在F从0开始逐渐增大的过程中，物体先静止后又做变加速运动，最大静摩擦略大于滑动摩擦力，其加速度a随外力F变化的图象如图乙所示。

2015-2016学年辽宁省沈阳二中高二(上)月考物理试卷(12月份)(解析版)资料

2015-2016学年辽宁省沈阳二中高二（上）月考物理试卷（12月份）（解析版）一．选择题（本题共48分，每小题4分，第5、6、9、10题为多选题）1．某电场中的电场线（方向未标出）如图所示，现将一带负电的点电荷从A点移至B点需克服电场力做功，则C、D两点的电场强度、电势大小关系应为（）A．E C＞E D，φC＞φD B．E C＜E D，φC＞φD C．E C＞E D，φC＜φD D．E C＜E D，φC＜φD2．如图所示，电感线圈的电阻和电池内阻均可忽略不计，两个电阻的阻值都是R，电键K 原来打开着，电流为I0，今合上电键将一电阻短路，于是线圈中有自感电动势产生，此时自感电动势（）A．有阻碍电流的作用，最后电流由I0减小到零B．有阻碍电流的作用，最后电流总小于I0C．有阻碍电流增大的作用，因而电流I0保持不变D．有阻碍电流增大的作用，因而电流最后还是增大到2I03．如图为地磁场磁感线的示意图，在北半球地磁场的竖直分量向下，飞机在我国上空匀速巡航，机翼保持水平，飞行高度不变，由于地磁场的作用，金属机翼上有电势差，设飞行员在左方机翼末端处的电势为U1，右方机翼末端处的电势为U2，若（）A．飞机从东往西飞，则U1比U2高B．飞机从西往东飞，则U1比U2高C．飞机从南往北飞，则U1比U2高D．飞机从北往南飞，则U2比U1高4．1931年英国物理学家狄拉克从理论上预言：存在只有一个磁极的粒子即“磁单极子”.1982年美国物理学家卡布莱设计了一个寻找磁单极子的实验，仪器的主要部分是一个由超导体组成的线圈，超导体的电阻为零，一个微弱的电动势就可以在超导线圈中引起感应电流，而且这个电流将长期维持下去，并不减弱，他设想，如果一个只有N极的磁单极子从上向下穿过如图所示的超导线圈，那么从上向下看，超导线圈上将出现（）A．先是逆时针方向的感应电流，然后是顺时针方向的感应电流B．先是顺时针方向的感应电流，然后是逆时针方向的感应电流C．顺时针方向持续流动的感应电流D．逆时针方向持续流动的感应电流5．如图所示，在粗糙绝缘的水平碗上有一物体A带正电，另一带正电的点电荷B沿着以A 为圆心的圆弧由P到Q缓慢地从A的上方经过，若此过程中A始终保持静止，A、B两物体可视为质点且只考虑它们之间的库仑力作用．则下列说法正确的是（）A．物体A受到地面的支持力先增大后减小B．物体A受到地面的支持力保持不变C．物体A受到地面的摩擦力先减小后增大D．库仑力对点电荷占先做正功后做负功6．如图所示，竖直平行金属导轨MN、PQ上端接有电阻R，金属杆质量为m，跨在平行导轨上，垂直导轨平面的水平匀强磁场为B，不计ab与导轨电阻，不计摩擦，且ab与导轨接触良好．若ab杆在竖直向上的外力F作用下匀速上升，则以下说法正确的是（）A．拉力F所做的功等于电阻R上产生的热量B．杆ab克服安培力做的功等于电阻R上产生的热量C．电流所做的功等于重力势能的增加量D．拉力F与重力做功的代数和等于电阻R上产生的热量7．在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，下列说法正确的是（）A．A灯和B灯都变亮 B．A灯变亮，B灯变暗C．电源的输出功率增大D．电源的工作效率增大8．如图，一段导线abcd位于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，且与磁场方向（垂直于纸面向里）垂直．线段ab、bc和cd的长度均为L，且∠abc=∠bcd=135°．流经导线的电流为I，方向如图中箭头所示．导线段abcd所受到的磁场的作用力的合力（）A．方向沿纸面向上，大小为（+1）ILBB．方向沿纸面向上，大小为（﹣1）ILBC．方向沿纸面向下，大小为（+1）ILBD．方向沿纸面向下，大小为（﹣1）ILB9．某空间存在方向垂直于纸面向里的矩形匀强磁场abcd，ad=L，ab=2L．一细束由两种粒子组成的粒子流沿垂直于磁场的方向从ab边的中点O垂直于ad边入射．粒子均带正电荷，它们的电荷量、质量均不同，但其比荷相同，且都包含不同速率的粒子（不计粒子重力）．下列说法正确的是（）A．入射速度不同的粒子在磁场中的运动时间一定不同B．入射速度不同的粒子在磁场中的运动时间可能相同C．从a点射出的粒子与从b点射出的粒子的运动半径之比为1：17D．从a点射出的粒子与从b点射出的粒子的运动半径之比为2：1710．如图所示，abcd是粗细均匀的电阻丝制成的长方形线框，导体MN有电阻，可在ad边与bc边上无摩擦滑动，且接触良好，线框处在垂直纸面向里的匀强磁场中，当MN由靠ab 边处向dc边匀速滑动过程中．以下说法正确的是（）A．MN中电流先减小后增大B．MN两端电压先增大后减小C．MN上拉力的功率先减小后增大D．矩形线框中消耗的电功率大小不变11．如图所示，垂直纸面的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面的、电阻均匀的正方形导体框abcd，现将导体框分别朝两个方向以v、3v速度匀速拉出磁场，则导体框从两个方向移出磁场的两过程中（）A．导体框中产生的感应电流方向不同B．导体框中产生的焦耳热相同C．导体框ad边两端电势差相同D．通过导体框截面的电量相同12．如图所示，在坐标系xOy中，有边长为a的正方形金属线框abcd，其一条对角线ac和y轴重合、顶点a位于坐标原点O处．在y轴的右侧的Ⅰ、Ⅳ象限内有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁场的上边界与线框的ab边刚好重合，左边界与y轴重合，右边界与y轴平行．t=0时刻，线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场上边界的方向穿过磁场区域．取沿a→b→c→d→a 的感应电流方向为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流i随时间t变化的图线是（）A．B．C．D．二．填空题（本题共3小题，每空2分，20分）13．如图所示，用伏安法测电源电动势和内阻的实验中，在电路中接一阻值为2Ω的电阻（1）R0的作用是；（2）用作图法在坐标系内作出U﹣I图线；（3）利用图线，测得电动势E=V，内阻r=Ω．（4）某同学测另一串联电池组的输出功率P随外电阻R变化的曲线丙如图所．由所得图线可知，被测电池组电动势E=V，电池组的内阻r=Ω．14．在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一半径为R的圆弧金属丝ab，ab的长度为周长的，弧平面与磁场垂直，若其以速度v向右运动，如图所示，则ab两点间感应电动势的大小为，a点电势比b点．15．在制造精密电阻时，为了消除在使用过程中由于电流变化而引起的现象，常采用双线绕法，这是由于．三．计算题（本题共32分，其中15题10分，16题10分，17题12分，要求有必要的文字说明、公式和解答过程）16．如图所示，两个同心圆半径分别为r和2r，在两圆之间的环形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B．圆心0处有一放射源，放射出的粒子质量为m，带电荷为﹣q，假设粒子速度方向都和纸面平行．（1）图中箭头表示某一粒子初速度的方向，OA与初速度方向的夹角为60°，要想使该粒子经过磁场第一次通过A点，则初速度的大小是多少？（2）要使粒子不穿出环形区域，则粒子的初速度不能超过多少？17．如图xOy平面坐标系，x轴方向为水平方向，y轴方向为竖直方向，在第一象限内有竖直向下的匀强电场E，在第二象限内场强为E的匀强电场与x轴正方向成37°（sin37°=0.6，cos37°=0.8），在（﹣l，l）处一带电荷量为q的带电小球由静止开始沿x轴正方向直线运动，然后进入第一象限．求：（1）带电小球第一次经过x轴时的位置坐标（2）带电小球第一次经过x轴是的动能．18．如图，相距为L=0.5m的两条足够长的粗糙平行金属导轨与水平面的夹角为θ=37°，上端接有定值电阻R=3.5Ω，匀强磁场垂直于导轨平面，磁感应强度为B=2T．将质量为m=0.5Kg 内阻为r=0.5Ω的导体棒由静止释放，导体棒始终与导轨垂直且接触良好，导轨与金属棒间的动摩擦因数μ=0.25．不计导轨的阻，（g=10m/s2，sin37°=0.6，sin53°=0.8），求：（1）导体棒运动的最大速度；（2）若导体棒从释放至其运动达到最大速度时沿导轨下滑x=20m，此过程中金属棒中产生的焦耳热为多少？2015-2016学年辽宁省沈阳二中高二（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一．选择题（本题共48分，每小题4分，第5、6、9、10题为多选题）1．某电场中的电场线（方向未标出）如图所示，现将一带负电的点电荷从A点移至B点需克服电场力做功，则C、D两点的电场强度、电势大小关系应为（）A．E C＞E D，φC＞φD B．E C＜E D，φC＞φD C．E C＞E D，φC＜φD D．E C＜E D，φC＜φD 【考点】电场线；电场强度；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】带负电的点电荷从A点移至B点需克服电场力做功，电势能增大，电势降低，说明A点的电势比B点高，根据顺着电场线电势降低，确定电场线的方向，再分析C、D两点电势的高低．根据电场线越密，场强越大，分析C、D两点的电场强度的大小关系．【解答】解：由题，带负电的点电荷从A点移至B点需克服电场力做功，电势能增大，根据负电荷在电势高处电势能小，在电势低处电势能大，可知，A点的电势比B点高，电场线方向向左，则C点的电势比D点的电势高，即φC＞φD．从电场线分布看出，C处电场线较密，则电场强度E C＞E D．故选A【点评】本题运用推论法确定电场中电势的高低是常用的思路．要抓住电场线的两个物理意义：电场线的方向反映电势的高低，电场的疏密表示场强的相对大小．2．如图所示，电感线圈的电阻和电池内阻均可忽略不计，两个电阻的阻值都是R，电键K 原来打开着，电流为I0，今合上电键将一电阻短路，于是线圈中有自感电动势产生，此时自感电动势（）A．有阻碍电流的作用，最后电流由I0减小到零B．有阻碍电流的作用，最后电流总小于I0C．有阻碍电流增大的作用，因而电流I0保持不变D．有阻碍电流增大的作用，因而电流最后还是增大到2I0【考点】自感现象和自感系数．【分析】电路中有线圈，当通过线圈的电流发生变化时会产生感应电动势去阻碍线圈中电流变化但不能阻止．【解答】解：由于开关的闭合，使得电流增加，则线圈产生反感电动势，有阻碍电流的作用，因为多匝电感线圈L的电阻和电池内阻都忽略不计，所以最后电流慢慢增加到2倍，故ABC 错误；D正确；故选：D．【点评】线圈电流增加，相当于一个瞬间电源接入电路，线圈左端是电源负极．当电流减小时，相当于一个瞬间电源，线圈左端是电源正极．3．如图为地磁场磁感线的示意图，在北半球地磁场的竖直分量向下，飞机在我国上空匀速巡航，机翼保持水平，飞行高度不变，由于地磁场的作用，金属机翼上有电势差，设飞行员在左方机翼末端处的电势为U1，右方机翼末端处的电势为U2，若（）A．飞机从东往西飞，则U1比U2高B．飞机从西往东飞，则U1比U2高C．飞机从南往北飞，则U1比U2高D．飞机从北往南飞，则U2比U1高【考点】导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】由于地磁场的存在，当飞机在北半球水平飞行时，两机翼的两端点之间会有一定的电势差，相当于金属棒在切割磁感线一样．由右手定则可判定电势的高低．【解答】解：当飞机在北半球飞行时，由于地磁场的存在，且地磁场的竖直分量方向竖直向下，由于感应电动势的方向与感应电流的方向是相同的，由低电势指向高电势，由右手定则可判知，在北半球，不论沿何方向水平飞行，都是飞机的左方机翼电势高，右方机翼电势低，即总有U1比U2高．故ABC正确，D错误．故选：ABC．【点评】本题要了解地磁场的分布情况，掌握右手定则．对于机翼的运动，类似于金属棒在磁场中切割磁感线一样会产生电动势，而电源内部的电流方向则是由负极流向正极的．4．1931年英国物理学家狄拉克从理论上预言：存在只有一个磁极的粒子即“磁单极子”.1982年美国物理学家卡布莱设计了一个寻找磁单极子的实验，仪器的主要部分是一个由超导体组成的线圈，超导体的电阻为零，一个微弱的电动势就可以在超导线圈中引起感应电流，而且这个电流将长期维持下去，并不减弱，他设想，如果一个只有N极的磁单极子从上向下穿过如图所示的超导线圈，那么从上向下看，超导线圈上将出现（）A．先是逆时针方向的感应电流，然后是顺时针方向的感应电流B．先是顺时针方向的感应电流，然后是逆时针方向的感应电流C．顺时针方向持续流动的感应电流D．逆时针方向持续流动的感应电流【考点】楞次定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】磁单极子穿过超导线圈，导致线圈中的磁通量发生变化，根据磁通量变化情况，由楞次定律可判定感应电流的方向．【解答】解：若N磁单极子穿过超导线圈的过程中，当磁单极子靠近线圈时，穿过线圈中磁通量增加，且磁场方向从上向下，所以由楞次定律可知，感应磁场方向：从上向下看，再由右手螺旋定则可确定感应电流方向逆时针；当磁单极子远离线圈时，穿过线圈中磁通量减小，且磁场方向从下向上，所以由楞次定律可知，感应磁场方向：从下向上，再由右手螺旋定则可确定感应电流方向逆时针．因此线圈中产生的感应电流方向不变．D正确．故选：D．【点评】考查右手螺旋定则、楞次定律，及磁单极子的特征．同时注意磁体外部的感应线是从N极射出，射向S极．5．如图所示，在粗糙绝缘的水平碗上有一物体A带正电，另一带正电的点电荷B沿着以A 为圆心的圆弧由P到Q缓慢地从A的上方经过，若此过程中A始终保持静止，A、B两物体可视为质点且只考虑它们之间的库仑力作用．则下列说法正确的是（）A．物体A受到地面的支持力先增大后减小B．物体A受到地面的支持力保持不变C．物体A受到地面的摩擦力先减小后增大D．库仑力对点电荷占先做正功后做负功【考点】库仑定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．【专题】力学三大知识结合的综合问题．【分析】解答本题应掌握：点电荷B从P到最高点过程与从最高点到Q过程中，质点A一直处于平衡状态，由共点力平衡条件可以分析出其所受各个力的变化情况；以A为圆心的圆弧为等势线，因此移动过程中电场力不做功．【解答】解：当质点B由P点运动到最高点的过程中，对物体A受力分析，如图，受重力G、地面的支持力N、摩擦力f以及静电力F；将静电力正交分解，由共点力平衡条件得到：Fsinθ﹣f=0 ①N﹣Fcosθ﹣mg=0 ②由①②两式可解得：N=mg+Fcosθ；f=Fsinθ；其中G与F不变，θ逐渐减小为零，因而支持力N逐渐变大，f逐渐变小；当质点B由最高点运动到Q点的过程中，再次对物体A受力分析，如下图，受重力G、地面的支持力N、摩擦力f以及静电力F；将静电力正交分解，由共点力平衡条件得到：Fsinθ﹣f=0 ③N﹣Fcosθ﹣mg=0 ④由③④两式可解得：N=mg+Fcosθ；f=Fsinθ；其中G与F不变，θ由零逐渐增大，因而支持力N逐渐变小，f逐渐变大；综合以上两个过程可知：物体A受到地面的支持力N先增大后减小，物体A受到地面的摩擦力先减小后增大，故A、C正确，B错误；质点A对质点B的静电力与质点B的速度总是垂直，因而其瞬时功率一直为零，由W=Pt，A对B不做功，故D错误；故选AC．【点评】本题关键对物体受力分析后，运用共点力平衡条件求解，关于静电力的功，要明确电场力做功特点．6．如图所示，竖直平行金属导轨MN、PQ上端接有电阻R，金属杆质量为m，跨在平行导轨上，垂直导轨平面的水平匀强磁场为B，不计ab与导轨电阻，不计摩擦，且ab与导轨接触良好．若ab杆在竖直向上的外力F作用下匀速上升，则以下说法正确的是（）A．拉力F所做的功等于电阻R上产生的热量B．杆ab克服安培力做的功等于电阻R上产生的热量C．电流所做的功等于重力势能的增加量D．拉力F与重力做功的代数和等于电阻R上产生的热量【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电磁感应中的能量转化．【专题】电磁感应——功能问题．【分析】ab杆匀速上升时，动能不变，重力势能增加，整个回路的内能增加，根据能量守恒进行分析．【解答】解：A、根据能量守恒定律知，拉力F做的功等于重力势能的增加量和电阻R上产生的热量之和．故A错误．B、根据功能关系知，杆ab克服安培力做功等于电阻R上产生的热量．故B正确．C、安培力的大小与重力的大小不等，则电流做的功与重力做功大小不等，即电流做功不等于重力势能的增加量．故C错误．D、根据动能定理知，拉力和重力做功等于克服安培力做功的大小，克服安培力做功等于电阻R上的热量．故D正确．故选BD．【点评】解决本题的关键理清整个过程中的能量转换，结合能量守恒定律和功能关系进行解决．7．在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，下列说法正确的是（）A．A灯和B灯都变亮 B．A灯变亮，B灯变暗C．电源的输出功率增大D．电源的工作效率增大【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】由图可知灯泡A、B与R2并联后与R1串联；先由滑片的移动得出滑动变阻器接入电阻的变化，即可得出总电阻的变化；由闭合电路的欧姆定律可求得电路中电流的变化及内电压的变化；则可得出路端电压的变化，由欧姆定律可得出灯泡A的亮度变化；由并联电路的规律可得出灯泡B亮度的变化；由输出功率公式可得出输出功率的变化；由效率公式可得出电源的工作效率．【解答】解：滑片向下移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中电流减小；则内电压及R1两端的电减小，故路端电压增大；则灯泡A变亮，R2中电流增大，则由并联电路的电流规律可知流过B的电流减小，故B灯变暗；故A错误；B正确；当内电阻等于外电阻时，电源的输出功率最大，本题因不明确内外电阻的大小关系，故无法确定输出功率的变化，故C错误；而电源的效率η=×100%，因路端电压增大，电动势不变，故电源的工作效率增大；故D正确；故选BD．【点评】电源的输出功率取决于内外电阻的大小关系，当R=r时输出功率是最大的．而电源的工作效率取决于路端电压与电动势的比值，外电阻越大，则效率越高．8．如图，一段导线abcd位于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，且与磁场方向（垂直于纸面向里）垂直．线段ab、bc和cd的长度均为L，且∠abc=∠bcd=135°．流经导线的电流为I，方向如图中箭头所示．导线段abcd所受到的磁场的作用力的合力（）A．方向沿纸面向上，大小为（+1）ILBB．方向沿纸面向上，大小为（﹣1）ILBC．方向沿纸面向下，大小为（+1）ILBD．方向沿纸面向下，大小为（﹣1）ILB【考点】安培力．【分析】当磁场方向与电流方向垂直时，由安培力F=BIL，根据电流的大小可求出各段安培力大小，由左手定则判定安培力方向，再根据平行四边形定则，对安培力进行分解即可解得．【解答】解：该导线可以用a和d之间的直导线长为L来等效代替，根据F=BIL，可知大小为，方向根据左手定则判断，向上；故选A．【点评】本题考查安培力的大小与方向的判断；解决本题的关键要掌握安培力的大小公式F=BIL（B与I垂直），同时运用力的平行四边形定则对安培力时行分解．此处的导线也可以等效成将ad两点连接的导线所受的安培力．9．某空间存在方向垂直于纸面向里的矩形匀强磁场abcd，ad=L，ab=2L．一细束由两种粒子组成的粒子流沿垂直于磁场的方向从ab边的中点O垂直于ad边入射．粒子均带正电荷，它们的电荷量、质量均不同，但其比荷相同，且都包含不同速率的粒子（不计粒子重力）．下列说法正确的是（）A．入射速度不同的粒子在磁场中的运动时间一定不同B．入射速度不同的粒子在磁场中的运动时间可能相同C．从a点射出的粒子与从b点射出的粒子的运动半径之比为1：17D．从a点射出的粒子与从b点射出的粒子的运动半径之比为2：17【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】带电粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，虽然电量、质量不同，但比荷相同，由r=，所以运动圆弧对应的半径与速率成正比．由T=，它们的周期总是相等，因此运动的时间由圆心角来决定．【解答】解：A、B、入射速度不同的粒子，它们入射速度方向相同，虽然轨迹不一样，但从磁场的左边射出的粒子，圆心角却相同（θ=π），则粒子在磁场中运动时间：t=，所以从磁场的左边射出的粒子运动时间一定相同，故A错误，B正确；C、D、从a点射出的粒子的轨道半径为r1=；从b点射出的粒子，结合图中几何关系，有：解得：故：r1：r2=1：17故C正确，D错误；故选：BC．【点评】带电粒子在磁场中运动的题目解题步骤为：定圆心、画轨迹、求半径．10．如图所示，abcd是粗细均匀的电阻丝制成的长方形线框，导体MN有电阻，可在ad边与bc边上无摩擦滑动，且接触良好，线框处在垂直纸面向里的匀强磁场中，当MN由靠ab 边处向dc边匀速滑动过程中．以下说法正确的是（）A．MN中电流先减小后增大B．MN两端电压先增大后减小C．MN上拉力的功率先减小后增大D．矩形线框中消耗的电功率大小不变【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】定性思想；方程法；电磁感应与电路结合．【分析】导体棒MN向右运动切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，线框左右两部分并联，相当于外电路，当MN运动到线框中线时，外电路的电阻最大，而MN的感应电动势不变，根据推论：当外电阻等于电源的内电阻时，电源的输出功率最大，可知，由于外电阻与MN电阻的关系未知，无法判断线框消耗的功率如何变化．根据闭合电路欧姆定律I=分析MN棒中的电流强度变化情况．根据路端电压随外电阻增大而增大，判断MN棒两端电压的变化．MN棒做匀速运动，拉力的功率等于电路中电功率，根据P=分析拉力的功率变化．【解答】解：A、导体棒MN向右运动的过程中，外电阻先增大后减小，当MN运动到线框中线时，外电路的电阻最大．根据闭合电路欧姆定律I=得知，MN棒中的电流先减小后增大．故A正确．B、MN棒做匀速运动，产生的感应电动势保持不变，外电阻先增大后减小，则MN棒两端的电压先增大后减小．故B正确．C、MN棒做匀速运动，拉力的功率等于电路中电功率，根据P=得知，拉力的功率先减小后增大．故C正确．D、矩形线框中消耗的电功率相当于电源的输出功率，根据推论：当外电阻等于电源的内电阻时，电源的输出功率最大．由题意，线框的总电阻减小后增大，并联总电阻大于MN棒的电阻，则知消耗的功率先增大后减小．故D错误．故选：ABC．【点评】本题是电磁感应与电路的综合，关键抓住线框的总电阻先增大后减小，根据功率公式、欧姆定律等规律进行分析．11．如图所示，垂直纸面的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面的、电阻均匀的正方形导体框abcd，现将导体框分别朝两个方向以v、3v速度匀速拉出磁场，则导体框从两个方向移出磁场的两过程中（）A．导体框中产生的感应电流方向不同B．导体框中产生的焦耳热相同C．导体框ad边两端电势差相同D．通过导体框截面的电量相同【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】感应电流方向根据楞次定律判断；感应电流大小先由E=BLv和欧姆定律分析；根据欧姆定律和电路的连接关系，分析ad边两端电势差关系；由q=，分析通过导体框截面的电量关系．【解答】解：A、将导体框从两个方向移出磁场的两个过程中，磁通量均减小，而磁场方向都垂直纸面向里，根据楞次定律判断知，导体框中产生的感应电流方向均沿逆时针方向，故A错误．B、设磁感应强度为B，线框边长为L，电阻为R，则则Q==，又vt=L，得到Q=，则Q∝v，当速度为3v时产生的焦耳热多．故B错误．。

2015年辽宁省沈阳市高考物理二模试卷(解析版)

2015年辽宁省沈阳市高考物理二模试卷一.选择题：本大题8小题，每小题6分，共48分．其中1-5小题在给出的四个选项中有一个选项正确，6-8小题在给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对得6分，选对但不全对的得3分，选错或不答的得0分．1．（6分）下列说法中正确的是（）A．计算交流电的有效值时运用了等效替代方法B．牛顿发现了万有引力定律，并计算出太阳与地球间引力的大小C．伽利略在证明自由落体运动时匀变速直线运动时，采用了理想实验法D．安培首先发现了电流的磁效应，并提出了判断电流周围磁场方向的方法﹣安培定则2．（6分）如图所示为甲、乙两个物体在同一条直线上运动的v﹣t图象，t=0时两物体相距3S0，在t=1s时两物体相遇，则下列说法正确的是（）A．t=0时，甲物体在前，乙物体在后B．t=2s时，两物体相距最远C．t=3s时，两物体再次相遇D．t=4s时，甲物体在乙物体后2S0处3．（6分）如图所示，在两个等量负点电荷形成的电场中，O为两点电荷连线中点，a、b是两电荷连线上的两点，c、d是ab中垂线上的两点，acbd为一菱形．若电场强度用E来表示、电势用φ来表示，将一负粒子（不计重力且不影响原电场分布）从c点匀速移动到d点的过程中，下列说法正确的是（）A．φa一定小于φo，但与φc无法比较B．E a一定大于E o，也一定大于E cC．施加在负粒子上的外力一定先减小后增大D．负粒子的电势能一定先增大后减小4．（6分）如图所示，宽度为d，厚度为h的导体放在垂直于它的磁感应强度为B的匀强磁场中，当电流通过该导体时，在导体的上、下表面之间会产生电势差，这种现象称为霍尔效应，实验表明：当磁场不太强时，上下表面的电势差U，电流I和B的关系为：U=K，式中的比例系数K称为霍尔系数．设载流子的电量为q，下列说法正确的是（）A．载流子所受静电力的大小F=qB．导体上表面的电势一定大于下表面的电势C．霍尔系数为k=，其中n为导体单位长度上的载流子数D．载流子所受洛伦兹力的大小f=，其中n为导体单位体积内的载流子数5．（6分）如图甲所示，光滑金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成θ角，M、P两端接一电阻R，整个装置处于方向垂直导轨平面上的匀强磁场中．t=0时对金属棒施加一平行于导轨的外力F，使金属棒ab由静止开始沿导轨向上运动，导轨电阻忽略不计．已知通过电阻R的感应电流I随时间t变化的关系如图乙所示．下列关于棒运动速度v、外力F、流过R的电量q以及闭合回路中磁通量的变化率随时间变化的图象正确的是（）A． B．C．D．6．（6分）我国研制的“嫦娥三号”月球探测器于2013年12月1日发射成功，并成功在月球表面实现软着陆．卫星首先被送到距离月球表面高度为H的近月轨道做匀速圆周运动，之后再轨道上的A点实施变轨，使探测器绕月球做椭圆运动，当运动到B点时，继续变轨，使探测器靠近月球表面，当其距离月球表面高度为h（h＜4m）时开始做自由落体运动，探测器携带的传感器测得自由落体运动时间为t，已知月球半径为R，万有引力常量为G，则下列说法正确的是（）A．“嫦娥三号”的发射速度必须大于第一宇宙速度B．探测器在近月圆轨道和椭圆轨道上的周期相等C．“嫦娥三号”在A点变轨时，需减速才能从近月圆规道进入椭圆轨道D．月球的平均密度为7．（6分）如图所示，两根轻绳一端系于结点O，另一端分别系于固定环上的A、B两点，O点下面悬挂一物体M，绳OA水平，拉力大小为F1，绳OB与OA夹角α=120°，拉力大小为F2．将两绳同时缓慢顺时针转过75°，并保持两绳之间的夹角α始终不变，且物体始终保持静止状态．则在旋转过程中，下列说法正确的是（）A．F1逐渐增大B．F1先增大后减小C．F2逐渐减小D．F2先减小后增大8．（6分）如图甲所示，一物体悬挂在细绳下端，由静止开始沿竖直方向运动，运动过程中物体的机械能E与物体通过路程x的关系图象如图乙所示，其中0～x1过程的图象为曲线，x1～x2过程的图象为直线（忽略空气阻力）．则下列说法正确的是（）A．0～x1过程中物体所受拉力是变力，且一定不断减小B．0～x1过程中物体的动能一定先增加后减小，最后为零C．x1～x2过程中物体一定做匀速直线运动D．x1～x2过程中物体可能做匀加速直线运动，也可能做匀减速直线运动二.非选择题（包括必考题和选考题两部分，第9-12题为必做题）9．（6分）某实验小组要探究力对原来静止的物体做功与物体获得速度的关系，选取的实验装置如图1所示，实验主要步骤如下：（1）实验时，为使橡皮筋对小车所做的功即为合外力对小车所做的功，在未连接橡皮筋时将木板的左端用小木块垫起，使木板倾斜合适的角度，打开打点计时器，轻推小车，得到的纸带应该是（填甲、乙）（如图2）（2）使小车在一条橡皮筋的作用下弹出，沿木板滑行，这时橡皮筋对小车做的功为W；（3）再用完全相同的2条、3条…橡皮筋作用于小车，并使每次释放小车时橡皮筋的，橡皮筋对小车做的功分别为2W、3W…；（4）分析打点计时器打出的纸带，分别求出小车每次获得的最大速度v1、v2、v3…；（5）按科学实验操作，作出W﹣v图象（如图3），则如图3符合实际的图象是．10．（9分）在测量电阻的实验中，电流表和电压表必须匹配，如果不匹配可以进行一些改装或转换．某兴趣小组要精确测定额定电压为3V的节能灯正常工作时的电阻．已知该灯正常工作时电阻约500Ω．实验室提供的器材有：A．电流表A（量程：0～3mA，内阻R A=15Ω）B．定值电阻R1=1985ΩC．滑动变阻器R（0～10Ω）D．电压表V（量程：0～12V，内阻R V=1kΩ）E．蓄电池E（电动势为12V，内阻r很小）F．电建S一只G．导线若干（1）要精确测定节能灯正常工作时的电阻采用如图电路图中的．（2）若电压表V的示数用U表示，电流表A的示数用I表示，写出测量节能灯正常工作时的电阻表达式R x=（用U、I、R A、R V表示）．当表达式中的电流I=mA时，记下电压表的读数U并代入表达式，其结果即为节能灯正常工作时的电阻．11．（14分）如图所示，一足够长的固定倾角θ=37°，两物块A、B的质量m A、m B分别为1kg和4kg，它们与斜面之间的动摩擦因数均为μ=0.5．两物块之间的轻绳长L=0.5m，轻绳能承受的最大张力T=12N，作用在B上沿斜面向上的力F 逐渐增大，使A、B一起由静止开始沿斜面向上运动，g取10m/s2．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）某一时刻轻绳被拉断，求此时外力F的大小；（2）若轻绳拉断瞬间A、B的速度为2m/s，绳断后保持外力F不变，求当A运动到最高点时，A、B之间的距离．12．（18分）示波管中有两个偏转电极，其中一个电极XX′上可以接入仪器自身产生的锯齿形电压，叫扫描电压．如图甲所示，已知XX′极板长L=0.2m，板间距d=0.2m，在金属板右端竖直边界MN的右侧有一区域足够大的匀强磁场B=5×10﹣3T，方向垂直纸面向里．现将X′极板接地，X极板上电势φ随时间变化规律如图乙所示．有带正电的粒子流以速度v0=1×105m/s，沿水平中线OO′连续射入电场中，粒子的比荷=1×108C/kg，重力忽略不计，在每个粒子通过电场的极短时间内，电场可视为匀强电场．（设两板外无电场，结果可用根式表示）求：（1）带电粒子射出电场时的最大速度；（2）粒子在磁场中运动的最长时间和最短时间之比；（3）从O′点射入磁场和距O′点下方=0.05m处射入磁场的两个粒子，在MN上射出磁场时的出射点之间的距离．二.[物理-选修3-4]13．（5分）有一波源，它做周期为T，振幅为A的简谐运动，在介质中形成波速为v的简谐横波，波在T时间内传播的距离为，介质中的质点在T时间内通过的最大路程为．14．（10分）一湖面上有一伸向水面的混凝土观景台，如图所示是一截面图，观景台下表面恰好和水面相平，A为观景台右侧在湖底的投影，水深h=4m．在距观景台右侧面x=4m处有一可沿竖直方向上下移动的单色点光源S，点光源S可从距水面高3m处下移到接近水面，在移动过程中，观景台水下被照亮的最远距离为AC，最近距离为AB，若AB=3m，求：（i）水的折射率n；（ii）光能照亮的最远距离AC（计算结果可以保留根号）[物理-选修3-5]15．下列说法正确的是（）A．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的轻核聚变B．轻核聚变与重核裂变的能量均来自核反应过程中的质量亏损C．原子核的比结合能越大表示该原子核越不稳定D．实验表明，只要照射光的强度足够大，就一定能发生光电效应现象E．光电管是应用光电效应原理制成的光电转换器件16．如图所示，光滑水平面上有一平板车，平板车上固定一竖直直杆，杆的最高点O通过一长为L的轻绳拴接一个可视为质点的小球，小球的质量为小车质量（包括杆的质量）的一半，悬点O距离地面的高度为绳长的二倍．轻绳水平时，小球与小车的速度均为零，释放小球，当小球运动到最低点时，轻绳断开．重力加速度为g．求：①小球到最低点时的速度；②小球从释放到落地的过程中，小车向右移动的距离．2015年辽宁省沈阳市高考物理二模试卷参考答案与试题解析一.选择题：本大题8小题，每小题6分，共48分．其中1-5小题在给出的四个选项中有一个选项正确，6-8小题在给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对得6分，选对但不全对的得3分，选错或不答的得0分．1．（6分）下列说法中正确的是（）A．计算交流电的有效值时运用了等效替代方法B．牛顿发现了万有引力定律，并计算出太阳与地球间引力的大小C．伽利略在证明自由落体运动时匀变速直线运动时，采用了理想实验法D．安培首先发现了电流的磁效应，并提出了判断电流周围磁场方向的方法﹣安培定则【解答】解：A、计算交流电的有效值时运用了等效替代方法，故A正确；B、牛顿发现了万有引力定律，并没有计算出太阳与地球间引力的大小，故B错误；C、伽利略利用斜面实验结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动，而非理想实验，故C错误；奥斯特首先发现了电流的磁效应，故D错误．故选：A2．（6分）如图所示为甲、乙两个物体在同一条直线上运动的v﹣t图象，t=0时两物体相距3S0，在t=1s时两物体相遇，则下列说法正确的是（）A．t=0时，甲物体在前，乙物体在后B．t=2s时，两物体相距最远C．t=3s时，两物体再次相遇D．t=4s时，甲物体在乙物体后2S0处【解答】解：A、t=1s时两物体相遇，且0～1s内甲速度始终比乙大，可知t=0时刻甲物体在后，乙物体在前，A项错误；B、t=0时甲乙间距为3S0，此后甲乙间距离先减小又增大，速度相等时是第一次相遇后的距离最大，但不一定是全过程的最大值，因此两者间距最大值无法获得，B项错误．C、1s末两物体相遇，由对称性可知则第2s内甲超越乙的位移和第3s内乙反超甲的位移相同，因此3s末两物体再次相遇，C项正确；D、如图可知4s末，甲物体在乙物体后3S0，D项错误；故选：C3．（6分）如图所示，在两个等量负点电荷形成的电场中，O为两点电荷连线中点，a、b是两电荷连线上的两点，c、d是ab中垂线上的两点，acbd为一菱形．若电场强度用E来表示、电势用φ来表示，将一负粒子（不计重力且不影响原电场分布）从c点匀速移动到d点的过程中，下列说法正确的是（）A．φa一定小于φo，但与φc无法比较B．E a一定大于E o，也一定大于E cC．施加在负粒子上的外力一定先减小后增大D．负粒子的电势能一定先增大后减小【解答】解：A、沿着电场线电势降落可知φc＞φ o＞φa，A项错误；B、o点合场强为零，故E a＞E o，E c＞E o，无法判断ac点场强，B项错误；C、粒子沿cd匀速移动，受力平衡，外力在大小上等于其所受的静电力，而沿cd方向，但电场强度大小无法判断，因此外力如何变化无法得知，故C项错误D、负粒子在电势低处电势能大，在电势高处电势能小，可判断出D项正确；故选：D4．（6分）如图所示，宽度为d，厚度为h的导体放在垂直于它的磁感应强度为B的匀强磁场中，当电流通过该导体时，在导体的上、下表面之间会产生电势差，这种现象称为霍尔效应，实验表明：当磁场不太强时，上下表面的电势差U，电流I和B的关系为：U=K，式中的比例系数K称为霍尔系数．设载流子的电量为q，下列说法正确的是（）A．载流子所受静电力的大小F=qB．导体上表面的电势一定大于下表面的电势C．霍尔系数为k=，其中n为导体单位长度上的载流子数D．载流子所受洛伦兹力的大小f=，其中n为导体单位体积内的载流子数【解答】解：A、静电力大小应为：F=q，故A错误；B、洛伦兹力向上，但载流子的电性是不确定的，故无法判断上表面的电性，故无法比较上下表面的电势高低，故B错误；C、对于载流子，静电力和洛伦兹力平衡，故：qvB=q电流微观表达式为：I=nqSv故：U=Bhv=由于S=hd，故U==K，故k=，其中n为导体单位体积上的电荷数，故C 错误；D、载流子所受洛伦兹力的大小f洛=qvB，其中v==，可得f洛=，其中n为导体单位体积上的电荷数，故D正确；故选：D．5．（6分）如图甲所示，光滑金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成θ角，M、P两端接一电阻R，整个装置处于方向垂直导轨平面上的匀强磁场中．t=0时对金属棒施加一平行于导轨的外力F，使金属棒ab由静止开始沿导轨向上运动，导轨电阻忽略不计．已知通过电阻R的感应电流I随时间t变化的关系如图乙所示．下列关于棒运动速度v、外力F、流过R的电量q以及闭合回路中磁通量的变化率随时间变化的图象正确的是（）A． B．C．D．【解答】解：A、而E=Blv，所以v=，v﹣t图象是一条过原点斜率大于零的直线，说明了导体棒做的是初速度为零的匀加速直线运动，即v=at；故A错误；B、根据如图乙所示的I﹣t图象可知I=kt，其中k为比例系数，由闭合电路欧姆定律可得：I==kt可推出：E=kt（R+r）而E=，所以有：=kt（R+r）图象是一条过原点斜率大于零的直线；故B正确；C、对导体棒在沿导轨方向列出动力学方程F﹣BIl﹣mgsinθ=ma，而I=，v=at，得到F=t+m（a+gsinθ），可见F﹣t图象是一条斜率大于零且与速度轴正半轴有交点的直线；故C错误．D、q===，q﹣t图象是一条开口向上的抛物线，故D错误；故选：B．6．（6分）我国研制的“嫦娥三号”月球探测器于2013年12月1日发射成功，并成功在月球表面实现软着陆．卫星首先被送到距离月球表面高度为H的近月轨道做匀速圆周运动，之后再轨道上的A点实施变轨，使探测器绕月球做椭圆运动，当运动到B点时，继续变轨，使探测器靠近月球表面，当其距离月球表面高度为h（h＜4m）时开始做自由落体运动，探测器携带的传感器测得自由落体运动时间为t，已知月球半径为R，万有引力常量为G，则下列说法正确的是（）A．“嫦娥三号”的发射速度必须大于第一宇宙速度B．探测器在近月圆轨道和椭圆轨道上的周期相等C．“嫦娥三号”在A点变轨时，需减速才能从近月圆规道进入椭圆轨道D．月球的平均密度为【解答】解：A、“嫦娥三号”在地表的发射速度大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故A正确；B、椭圆轨道的轨道半长轴和近月圆轨道的轨道半径不相等，因此周期不相同，故B错误；C、从近月圆轨道需要点火减速才能进入椭圆轨道，故C正确；D、月球质量M=，除以体积得到月球密度，根据自由落体运动下落高度为h，运动时间为t，有h=得到g=代入上述密度表达式中，，故D正确．故选：ACD7．（6分）如图所示，两根轻绳一端系于结点O，另一端分别系于固定环上的A、B两点，O点下面悬挂一物体M，绳OA水平，拉力大小为F1，绳OB与OA夹角α=120°，拉力大小为F2．将两绳同时缓慢顺时针转过75°，并保持两绳之间的夹角α始终不变，且物体始终保持静止状态．则在旋转过程中，下列说法正确的是（）A．F1逐渐增大B．F1先增大后减小C．F2逐渐减小D．F2先减小后增大【解答】解：法①：物体始终保持静止，合力为零，所以mg、F1、F2构成封闭的矢量三角形如图所示，由于重力不变，以及F1和F2夹角α=120°不变，即β=60°，矢量三角形动态图如右图所示，当θ=β=60°，F1为圆的直径最大，所以F1先增大后减小，F2一直减小．故BC正确．故选：BC法②（正弦定理）：如右图作出矢量三角形由正弦定理可知，在旋转过程中，两段绳子的夹角不变，则∠A始终未60°；而∠O会从90°逐渐减小到15°；∠B会从30°逐渐增大到105°；从而根据正弦值的变化来判断F1（先增大再减小）和F2（一直减小）的变化．8．（6分）如图甲所示，一物体悬挂在细绳下端，由静止开始沿竖直方向运动，运动过程中物体的机械能E与物体通过路程x的关系图象如图乙所示，其中0～x1过程的图象为曲线，x1～x2过程的图象为直线（忽略空气阻力）．则下列说法正确的是（）A．0～x1过程中物体所受拉力是变力，且一定不断减小B．0～x1过程中物体的动能一定先增加后减小，最后为零C．x1～x2过程中物体一定做匀速直线运动D．x1～x2过程中物体可能做匀加速直线运动，也可能做匀减速直线运动【解答】解：A、运动中只受重力和拉力，由于除重力之外的其它力做功，等于物体的机械能的变化，即F△x=△E，得F=，所以E﹣x图象的斜率的绝对值等于物体所受拉力的大小，由图可知在O～x1内斜率的绝对值逐渐减小，故在O～x1内物体所受的拉力逐渐减小．故A正确；B、如图可知0～x1内机械能增加，绳子拉力做正功，物体向上运动，x1～x2内机械能减小，绳子拉力做负功，物体向下运动，在x1位置处速度为零，初始时刻速度为零，B正确；C、由于物体在x1～x2内E﹣x图象的斜率的绝对值不变，故物体所受的拉力保持不变，因机械能减小，因此拉力方向竖直向上，物体可能做匀加速直线运动，但不可能做匀速直线运动，故C错误，D错误．故选：AB二.非选择题（包括必考题和选考题两部分，第9-12题为必做题）9．（6分）某实验小组要探究力对原来静止的物体做功与物体获得速度的关系，选取的实验装置如图1所示，实验主要步骤如下：（1）实验时，为使橡皮筋对小车所做的功即为合外力对小车所做的功，在未连接橡皮筋时将木板的左端用小木块垫起，使木板倾斜合适的角度，打开打点计时器，轻推小车，得到的纸带应该是乙（填甲、乙）（如图2）（2）使小车在一条橡皮筋的作用下弹出，沿木板滑行，这时橡皮筋对小车做的功为W；（3）再用完全相同的2条、3条…橡皮筋作用于小车，并使每次释放小车时橡皮筋的伸长量（或形变量、长度等）都相同，橡皮筋对小车做的功分别为2W、3W…；（4）分析打点计时器打出的纸带，分别求出小车每次获得的最大速度v1、v2、v3…；（5）按科学实验操作，作出W﹣v图象（如图3），则如图3符合实际的图象是D．【解答】解：（1）平衡摩擦力后，小车应做匀速运动，所以纸带应该是图乙；（2）橡皮条拉力是变力，采用倍增法增加功；即使小车在一条橡皮筋的作用下由静止弹出，这时橡皮筋对小车做的功为W；再用完全相同的2条、3条…橡皮筋作用于小车，每次由静止释放小车时橡皮筋的伸长量都相同，使橡皮筋对小车做的功分别为2W、3W…（3）功与速度的平方相对应，所以图象应为D．故答案为：（1）乙；（3）伸长量（或形变量、长度等）都相同；（5）D．10．（9分）在测量电阻的实验中，电流表和电压表必须匹配，如果不匹配可以进行一些改装或转换．某兴趣小组要精确测定额定电压为3V的节能灯正常工作时的电阻．已知该灯正常工作时电阻约500Ω．实验室提供的器材有：A．电流表A（量程：0～3mA，内阻R A=15Ω）B．定值电阻R1=1985ΩC．滑动变阻器R（0～10Ω）D．电压表V（量程：0～12V，内阻R V=1kΩ）E．蓄电池E（电动势为12V，内阻r很小）F．电建S一只G．导线若干（1）要精确测定节能灯正常工作时的电阻采用如图电路图中的C．（2）若电压表V的示数用U表示，电流表A的示数用I表示，写出测量节能灯正常工作时的电阻表达式R x=（用U、I、R A、R V表示）．当表达式中的电流I= 1.5mA时，记下电压表的读数U并代入表达式，其结果即为节能灯正常工作时的电阻．【解答】解：（1）要精确测定额定电压为3V的LED灯正常工作时的电阻，需测量LED灯两端的电压和通过LED灯的电流，由于电压表的量程较大，测量误差较大，不能用已知的电压表测量LED两端的电压，可以将电流表A与定值电阻串联改装为电压表测量电压；LED灯正常工作时的电流约为I===6mA左右，电流表的量程较小，电流表不能精确测量电流，可以用电压表测量电流；因为滑动变阻器阻值远小于LED的电阻，所以滑动变阻器采用分压式接法．电路图选取C，（2）根据闭合电路欧姆定律知，灯泡两端的电压U=I（R1+R A），通过灯泡的电流I灯=﹣I，所以LED灯正常工作时的电阻R X===．改装后的电压表内阻为R V=1985+15Ω=2000Ω，则当I=1.5mA时，LED灯两端的电压为3V，达到额定电压，测出来的电阻为正常工作时的电阻．故答案为：（1）C；（2），1.511．（14分）如图所示，一足够长的固定倾角θ=37°，两物块A、B的质量m A、m B分别为1kg和4kg，它们与斜面之间的动摩擦因数均为μ=0.5．两物块之间的轻绳长L=0.5m，轻绳能承受的最大张力T=12N，作用在B上沿斜面向上的力F 逐渐增大，使A、B一起由静止开始沿斜面向上运动，g取10m/s2．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）某一时刻轻绳被拉断，求此时外力F的大小；（2）若轻绳拉断瞬间A、B的速度为2m/s，绳断后保持外力F不变，求当A运动到最高点时，A、B之间的距离．【解答】解：（1）对整体分析，有：F﹣（m A+m B）gsinθ﹣μ（m A+m B）gcosθ=（m A+m B）a，对A物体：T﹣m A gsinθ﹣μm A gcosθ=m A a，因为T=12N，代入数据解得a=2m/s2，F=60N．（2）设沿斜面向上为正根据牛顿第二定律得，对A物体：﹣m A gsinθ﹣μm A gcosθ=m A a A，代入数据解得因为v0=2m/s，所以A物体到最高点的时间t=0.2s此过程A物体的位移为，对B物体：F﹣m B gsinθ﹣μm B gcosθ=m B a B，代入数据解得a B=5 m/s2则m=0.5m所以两者间距为△x=x B﹣x A+L=0.5﹣0.2+0.5m=0.8m．答：（1）此时外力F的大小为60N．（2）A、B之间的距离为0.8m．12．（18分）示波管中有两个偏转电极，其中一个电极XX′上可以接入仪器自身产生的锯齿形电压，叫扫描电压．如图甲所示，已知XX′极板长L=0.2m，板间距d=0.2m，在金属板右端竖直边界MN的右侧有一区域足够大的匀强磁场B=5×10﹣3T，方向垂直纸面向里．现将X′极板接地，X极板上电势φ随时间变化规律如图乙所示．有带正电的粒子流以速度v0=1×105m/s，沿水平中线OO′连续射入电场中，粒子的比荷=1×108C/kg，重力忽略不计，在每个粒子通过电场的极短时间内，电场可视为匀强电场．（设两板外无电场，结果可用根式表示）求：（1）带电粒子射出电场时的最大速度；（2）粒子在磁场中运动的最长时间和最短时间之比；（3）从O′点射入磁场和距O′点下方=0.05m处射入磁场的两个粒子，在MN上射出磁场时的出射点之间的距离．【解答】解：（1）带电粒子在偏转电场中做类平抛运动：水平：s竖直：，其中，所以V当U＞V时进入电场中的粒子将打到极板上，即在电压等于V时刻进入的粒子具有最大速度，所以由动能定理得：，得：v t=m/s，方向与水平成30°；（2）计算可得，粒子射入磁场时的速度与水平方向的夹角为30°，从下极板边缘射出的粒子轨迹如图中a所示，磁场中轨迹所对的圆心角为240°，时间最长从上极板边缘射出的粒子轨迹如图中b所示，磁场中轨迹所对应的圆心角为120°，时间最短因为两粒子的周期相同，所以粒子在磁场中运动的最长时间和最短时间之比为2：1（3）如下图，从O′点射入磁场的粒子速度为v0，它在磁场中的出射点与入射点间距为d1=2R1得：，所以：从距O′点下方=0.05m处射入磁场的粒子速度与水平方向夹角φ，则它的速度为，它在磁场中的出射点与入射点间距为d2=2R2cosϕ，由于，所以所以两个粒子向上偏移的距离相等！所以：两粒子射出磁场的出射点间距仍为进入磁场时的间距，即m答：（1）带电粒子射出电场时的最大速率是m/s，方向与水平成30°；（2）粒子在磁场中运动的最长时间和最短时间之比是2：1；（3）分别从O′点和距O′点下方=0.05m处射入磁场的两个粒子，在MN上射出磁场时两出射点之间的距离是0.05m．。