上海市长宁区2021届第一次新高考模拟考试物理试卷含解析
上海市长宁区(六校联考)2021届新高考模拟物理试题含解析
上海市长宁区(六校联考）2021届新高考模拟物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．跳伞运动员打开伞后经过一段时间，将在空中保持匀速降落，已知运动员和他身上装备的总重量为G 1，圆顶形降落伞伞面的重量为G 2，有12条相同的拉线（拉线重量不计），均匀分布在伞面边缘上，每根拉线和竖直方向都成30°角。
那么每根拉线上的张力大小为（ ）A ．1318GB ．()12318G G + C ．1212G G + D ．16G 【答案】A【解析】【详解】以一根拉线为例，每根拉线拉力向上的分力1330F Fcos F =︒= 由共点力的平衡条件可知：12F 1=G 1解得：1318G F =； A ．13G ，与结论相符，选项A 正确； B ．()12318G G +，与结论不相符，选项B 错误；C ．1212G G +，与结论不相符，选项C 错误； D ．16G ，与结论不相符，选项D 错误； 故选A 。
2．AC 、CD 为两个倾斜角度不同的固定光滑斜面，其中45ACB ∠<︒，水平距离均为BC ，两个完全相同且可视为质点的物块分别从A 点和D 点由静止开始下滑，不计一切阻力，则（ ）A ．沿AC 下滑的物块到底端用时较少B ．沿AC 下滑的物块重力的冲量较大C ．沿AC 下滑的物块到底端时重力功率较小D ．沿AC 下滑的物块到底端时动能较小【答案】A【解析】【详解】A ．由于两者水平距离相同，均可用水平距离表示出运动时间，设水平距离为x ，斜面倾角为θ，则： 21sin cos 2x g t θθ=⋅ 得：24sin cos sin 2x x t g g θθθ== 则倾角越大用时越少，A 正确；B ．重力冲量：I mgt =沿轨道AC 下滑的物块到底端用时较小，重力的冲量较小，B 错误；CD ．由动能定理：212mgh mv = 可知沿轨道AC 下滑的物块重力做功大，所以到底端时速度大，动能较大；沿轨道AC 下滑的物块到底端时速度大，倾斜角度θ大，由重力瞬时功率功率：sin P mgv θ=可知其重力瞬时功率较大，C 错误，D 错误。
上海市长宁区2021届新高考物理考前模拟卷(3)含解析
上海市长宁区2021届新高考物理考前模拟卷（3）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，轻弹簧的一端固定在竖直墙上，一个光滑弧形槽静止放在足够长的光滑水平面上，弧形槽底端与水平面相切，让一个物块从槽上高h处由静止开始下滑。
下列说法正确的是（）A．物块沿槽下滑的过程中，物块的机械能守恒B．物块沿槽下滑的过程中，物块与槽组成的系统动量守恒C．从物块压缩弹簧到被弹开的过程中，弹簧对物块的冲量等于零D．物块第一次被反弹后一定不能再次回到槽上高h处【答案】D【解析】【详解】AB．物块沿槽下滑过程中，物块与弧形槽组成的系统机械能守恒，水平方向动量守恒，故AB错误；C．从物块压缩弹簧到被弹开的过程中，物块受到的冲量等于物块动量的变化，物体的动量变化量不为零，故物体受到的冲量不为零，C错误；D．物块反弹后追上弧形槽，上升到最高点时，物块和弧形槽具有相同的速度，全过程系统机械能守恒，故物块不能回到槽上高h处，D正确。
故选D。
2．水平面内固定一个足够大且绝缘的粗糙斜面，其上有一个带电滑块匀速下滑且一直在斜面上运动。
仅改变下列选项中的条件，滑块速度大小一定改变的是（）A．施加竖直方向的电场B．翻转滑块，改变它与斜面的接触面积C．施加水平方向的恒力D．改变滑块的质量【答案】C【解析】【分析】【详解】AD．当滑块匀速下滑时，对滑块进行受力分析可知，重力沿斜面向下的分力等于滑动摩擦力的大小。
施加竖直方向的电场与改变滑块的质量效果相同，各力沿斜面向下的分力之和与滑动摩擦力的大小始终相等，滑块仍做匀速直线运动，AD 错误；B ．翻转滑块，改变它与斜面的接触面积，并未改变它与斜面间的摩擦力，所以滑块仍做匀速直线运动，B 错误；C ．施加水平向左的恒力时（滑块不脱离斜面），该力有沿斜面向下的分力，而且摩擦力减小，滑块将做加速运动；施加水平向右的恒力时，该力有沿斜面向上的分力，而且摩擦力增大，滑块将做减速运动，C 正确。
2021年上海市长宁区高考物理一模试卷(附答案详解)
2021年上海市长宁区高考物理一模试卷一、单选题（本大题共12小题，共40.0分）1.下列单位中属于国际单位制的基本单位的是()A. 千克B. 牛顿C. 库仑D. 特斯拉2.在离地面500m处形成的雨滴，从静止竖直向下落到地面的时间为()A. 小于10sB. 等于10sC. 大于10sD. 约等于10s3.某移动电源上的“1000mAh”标志，反映的物理量是()A. 电能B. 电量C. 电功D. 电功率4.布朗运动是指悬浮在液体中的花粉颗粒所做的无规则的运动，这表明()A. 分子间有引力B. 分子间有斥力C. 花粉颗粒有热运动D. 液体分子有热运动5.下列四个表达式中，不属于比值法定义的物理量是()A. 电流I=UR B. 加速度a=△v△tC. 角速度ω=θt D. 磁感应强度B=FIL6.匀速圆周运动是一种()A. 匀速运动B. 变速运动C. 匀加速曲线运动D. 角速度变化的运动7.关于一个带负电的点电荷在真空中产生的电场，下列说法正确的是()A. 等势面是一个以点电荷为圆心的圆B. 等势面上任意两点的电场强度相等C. 电势低的地方，其电场强度一定小D. 电势低的地方，其电场强度一定大8.如图所示，三角形木块A放于斜面上处于静止状态，木块A的上表面水平。
如果将一重物B轻放于木块A的上表面，则木块A()A. 仍处于静止状态B. 沿斜面做匀速直线运动C. 沿斜面做匀加速直线运动D. 受到的合力等于重物B的重力9.在“用单分子油膜估测分子的大小”实验中，我们估测到的物理量是()A. 水分子的直径B. 水分子的体积C. 油分子的直径D. 油分子的体积10.有多位大家在牛顿第一定律的建立过程中做出了重要贡献，下列按贡献时间先后排序，正确的是()A. 牛顿、伽利略、亚里士多德、笛卡尔B. 笛卡尔、亚里士多德、牛顿、伽利略C. 亚里士多德、笛卡尔、伽利略、牛顿D. 亚里士多德、伽利略、笛卡尔、牛顿11.两小球A和B分别用不可伸长的轻绳悬在等高的O1和O2点，A球的悬线比B球的悬线长。
上海市长宁区2021届新高考物理模拟试题含解析
上海市长宁区2021届新高考物理模拟试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．一个不稳定的原子核质量为M ，处于静止状态．放出一个质量为m 的粒子后反冲．已知放出的粒子的动能为E 0，则原子核反冲的动能为( )A ．0EB ．0m E MC ．0m E M m -D ．02()Mm E M m - 【答案】C【解析】【详解】放出质量为m 的粒子后，剩余质量为M m -，该过程动量守恒，则有： 0)(mv M m v -=放出的粒子的动能为：20012E mv = 原子核反冲的动能： ()212k E M m v =- 联立解得： 0k m E E M m =- A.0E 与分析不符，不符合题意；B.0m E M与分析不符，不符合题意； C.0m E M m -与分析相符，符合题意； D.02()Mm E M m -与分析不符，不符合题意。
2．对磁现象的研究中有一种“磁荷观点”．人们假定，在N 极上聚集着正磁荷，在S 极上聚集着负磁荷．由此可以将磁现象与电现象类比，引入相似的概念，得出一系列相似的定律．例如磁的库仑定律、磁场强度、磁偶极矩等．在磁荷观点中磁场强度定义为：磁场强度的大小等于点磁荷在该处所受磁场力与点磁荷所带磁荷量的比值，其方向与正磁荷在该处所受磁场力方向相同．若用H 表示磁场强度，F 表示点磁荷所受磁场力，q m 表示磁荷量，则下列关系式正确的是（ ）A ．F=B ．H=C ．H=Fq mD ．q m =HF【答案】B【解析】【分析】【详解】试题分析：根据题意在磁荷观点中磁场强度定义为：磁场强度的大小等于点磁荷在该处所受磁场力与点磁荷所带磁荷量的比值，其方向与正磁荷在该处所受磁场力方向相同，所以有m F Hq = 故选B 。
【名师点睛】磁场强度的大小等于点磁荷在该处所受磁场力与点磁荷所带磁荷量的比值，运用类比思想，类比电场强度的定义公式F E q=列式分析即可． 3．甲、乙两质点在同一条直线上运动，质点甲做匀变速直线运动，质点乙做匀速直线运动，其中图线甲为抛物线的左半支且顶点在15s 处，图线乙为一条过原点的倾斜直线。
上海市长宁区2021届新高考模拟物理试题(校模拟卷)含解析
上海市长宁区2021届新高考模拟物理试题（校模拟卷）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．在如图所示的位移图象和速度图象中，给出的四条图线甲、乙、丙、丁分别代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是（）A．甲车做曲线运动，乙车做直线运动B．0～t1时间内，甲车通过的路程大于乙车通过的路程C．丁车在t2时刻领先丙车最远D．0～t2时间内，丙、丁两车的平均速度相等【答案】C【解析】【详解】A．由图象可知：乙做匀速直线运动，甲做速度越来越小的变速直线运动，故A错误；B．在t1时刻两车的位移相等，又都是单向直线运动，所以两车路程相等，故B错误；C．由图象与时间轴围成面积表示位移可知：丙、丁两车在t2时刻面积差最大，所以相距最远，且丁的面积大于丙，所以丁车在t2时刻领先丙车最远，故C正确；D.0～t2时间内，丙车的位移小于丁车的位移，时间相等，平均速度等于位移除以时间，所以丁车的平均速度大于丙车的平均速度，故D错误。
2．甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶．在t=0到t=t1的时间内，它们的v-t图象如图所示．在这段时间内A．汽车甲的平均速度比乙大B．汽车乙的平均速度等于C．甲乙两汽车的位移相同D．汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大【答案】A 【解析】试题分析：因为图线与坐标轴所夹的面积是物体的位移，故在0-t 1时间内，甲车的位移大于乙车，故根据xv t =可知，甲车的平均速度大于乙车，选项A 正确，C 错误；因为乙车做变减速运动故平均速度不等于122v v +，选项B 错误；因为图线的切线的斜率等于物体的加速度，故甲乙两车的加速度均逐渐减小，选项D 错误．考点：v-t 图象及其物理意义3．如图所示的x-t 图象，甲质点做初速度为0的匀变速直线运动，图象为曲线，B （t 2，x 1）为图象上一点，AB 为过B 点的切线，与t 轴相交于A （t 1，0），乙质点的图象为过B 点和原点的直线，则下列说法正确的是（ ）A ．0～t 2时间内甲的平均速度大于乙B ．t 2时刻甲、乙两质点的速度相等C ．甲质点的加速度为122x tD ．t 1时刻是0～t 2时间内的中间时刻 【答案】D 【解析】 【详解】A ．0～t 2时间内甲、乙两质点的位移相等，而所用时间也相等，则平均速度相等，A 错误；BD ．x-t 图象切线的斜率表示速度，由图线可知t 2时刻甲、乙两质点的速度不相等。
上海市长宁区2021届新高考物理一模考试卷含解析
上海市长宁区2021届新高考物理一模考试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，斜面置于粗糙水平地面上，在斜面的顶角处，固定一个小的定滑轮，质量分别为m1、m2的物块，用细线相连跨过定滑轮，m1搁置在斜面上．下述正确的是（）A．如果m1、m2均静止，则地面对斜面没有摩擦力B．如果m1沿斜面向下匀速运动，则地面对斜面有向右的摩擦力C．如果m1沿斜面向上加速运动，则地面对斜面有向左的摩擦力D．如果m1沿斜面向下加速运动，则地面对斜面有向右的摩擦力【答案】A【解析】【分析】【详解】如果m1、m2均静止或m1沿斜面向下匀速运动，以m1、m2和斜面组成的整体为研究对象，整体的为合力都为零，其受力情况如图1，由平衡条件得知，地面对斜面没有摩擦力．故A正确，B错误．如果m1沿斜面向上加速运动，将m1的加速度分解为水平和竖直两个方向如图2，根据牛顿第二定律可知，整体有水平向右分加速度，则地面对斜面有向右的摩檫力．故C错误．与C项同理可知，如果m1沿斜面向下加速运动，其加速度沿斜面向下，整体有水平向左的分加速度，根据牛顿第二定律得知，地面对斜面有向左的摩檫力．故D错误．故选A.2．a、b两车在同一车道以24m/s的速度同向匀速直线行驶，a车在前，b车在后，两车相距36m，t ）a车突然发现前面有一路障，其后a车运动的速度，时间图象如图所示，3.5s后b车立某时刻（0即刹车，若两车不发生碰撞，则加速度为（）A ．22m/sB ．24m/sC ．26m/sD ．28m/s【答案】D 【解析】 【详解】假设两车在速度减为零时恰好没有相撞，则两车运动的速度—时间图象如图所示，由“面积法”可知，在该过程中位移分别为：0.5 6.524m=84m 2a x +=⨯， 3.5 6.524m=120m 2b x +=⨯，则有：36m a b x x -=，假设成立，由图象可知，b 车的加速度大小：2224m /s 8m /s 6.5 3.5v a t ∆===∆-， 故D 符合题意，ABC 不符合题意。
上海市长宁区2021届新高考物理考前模拟卷(1)含解析
上海市长宁区2021届新高考物理考前模拟卷（1）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，a、b、c、d为圆上的四个点，ac、bd连线过圆心且相互垂直，置于圆心处带正电的点电荷在a点产生的场强大小为E。
若在该空间再施加一沿ac方向的大小为2E的匀强电场后，以下说法正确的是( )A．a点的场强大小为3E，方向由c到aB．c点的场强大小为3E，方向由c到aC．b、d两点的场强相同，大小都为5ED．b、d两点的场强不相同，但大小都为5E【答案】D【解析】【详解】A．由点电荷在a点产生的场强与匀强电场方向相反可知，a点的合场强大小为E，方向由a到c，故A 错误；B．由点电荷在c点产生的场强与匀强电场方向相同可知，c点的合场强大小为3E，方向由a到c，故B 错误；CD.．由平行四边形定则可知，b、d两点的场强方向不同，但大小都为5E，故C错误，D正确。
故选D。
2．如图甲所示，被称为“魔力陀螺”玩具的陀螺能在圆轨道外侧旋转不脱落，其原理可等效为如图乙所示的模型：半径为R的磁性圆轨道竖直固定，质量为m的铁球（视为质点）沿轨道外侧运动，A、B分别为轨道的最高点和最低点，轨道对铁球的磁性引力始终指向圆心且大小不变，不计摩擦和空气阻力，重力加速度为g，则A．铁球绕轨道可能做匀速圆周运动C．铁球在AD．轨道对铁球的磁性引力至少为3mg，才能使铁球不脱轨【答案】B【解析】【详解】AB．小铁球在运动的过程中受到重力、轨道的支持力和磁力的作用，其中铁球受轨道的磁性引力始终指向圆心且大小不变，支持力的方向过圆心，它们都始终与运动的方向垂直，所以磁力和支持力都不能对小铁球做功，只有重力会对小铁球做功，所以小铁球的机械能守恒，在最高点的速度最小，在最低点的速度最大．小铁球不可能做匀速圆周运动．故A错误，B正确；C．小铁球在运动的过程中受到重力、轨道的支持力和磁力的作用，在最高点轨道对小铁球的支持力的方向可以向上，小铁球的速度只要大于1即可通过最高点，故C错误；D．由于小铁球在运动的过程中机械能守恒，所以小铁球在最高点的速度越小，则机械能越小，在最低点的速度也越小，根据：F＝m2vR可知小铁球在最低点时需要的向心力越小．而在最低点小铁球受到的重力的方向向下，支持力的方向也向下、只有磁力的方向向上．要使铁球不脱轨，轨道对铁球的支持力一定要大于1．所以铁球不脱轨的条件是：小铁球在最高点的速度恰好为1，而且到达最低点时，轨道对铁球的支持力恰好等于1．根据机械能守恒定律，小铁球在最高点的速度恰好为1，到达最低点时的速度满足mg•2R12=mv2，轨道对铁球的支持力恰好等于1，则磁力与重力的合力提供向心力，即：F﹣mg2vR=，联立得：F＝5mg，故D错误．3．平均速度定义式为svt∆=∆，当△t极短时，st∆∆可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了下列哪种物理方法（）A．极限思想法B．微元法C．控制变量法D．等效替代法【答案】A【解析】【分析】当t∆极短时，st∆∆可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该物理方法为极限的思想方法。
上海市长宁区2021届新高考物理模拟试题(3)含解析
上海市长宁区2021届新高考物理模拟试题（3）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．电梯在t=0时由静止开始上升，运动的a t -图像如图所示，电梯总质量m=2.0×103kg 。
电梯内乘客的质量m 0=50kg ，忽略一切阻力，重力加速度g=10m/s 2。
下列说法正确的是（ ）A ．第1s 内乘客处于超重状态，第9s 内乘客处于失重状态B ．第2s 内乘客对电梯的压力大小为450NC ．第2s 内钢索对电梯的拉力大小为2.2×104ND ．第2s 内电梯对乘客的冲量大小为550N·s【答案】D【解析】【分析】【详解】A ．第1s 内和第9s 内加速度均竖直向上，乘客处于超重状态，故A 错误；B ．第2s 内研究乘客，根据牛顿第二定律00F m g a m -=代入数值解得电梯对乘客的支持力为550N ，由牛顿第三定律可知，乘客对电梯的压力为550N ，故B 错误；C ．第2s 内研究乘客和电梯整体，根据牛顿第二定律()()00T m m g m m a -+=+代入数值解得钢索对电梯的拉力为22550N ，故C 错误；D ．a t -图像的面积表示速度变化，得第2s 内速度的变化量为1v ∆=m/s第2s 内研究乘客，根据动量定理00I m gt m v -=∆代入数值解得电梯对乘客的冲量为550N ⋅s ，故D 正确。
故选D 。
2．下列说法中正确的有________A ．阴极射线是一种电磁辐射B ．所有原子的发射光谱都是线状谱，不同原子的谱线一定不同C ．β衰变所释放的电子是原子核内的质子转变为中子时产生的D ．古木的年代可以根据体内碳14放射性强度减小的情况进行推算【答案】B【解析】【详解】A ．阴极射线是高速电子流，故A 错误；B ．原子光谱，是由原子中的电子在能量变化时所发射或吸收的一系列波长的光所组成的光谱，原子光谱都不是连续的，每一种原子的光谱都不同，称为特征光谱，故B 正确；C ．β衰变所释放的电子是原子核内的中子转变为质子时产生的，故C 错误；D ．原子核的衰变是由原子核内部因素决定的，与外界环境无关，不随时间改变，故D 错误。
2021年高三第一次高考模拟考试理综物理试题 含解析
2021年高三第一次高考模拟考试理综物理试题含解析一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题目要求．选对的得4分，错选或不答的得0分．13．在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。
关于科学家和他们的贡献，下列说法中不正确的是：A．牛顿最早提出力不是维持物体运动的原因B．卡文迪许首先通过实验测出万有引力常量C．安培提出了分子电流假说D．英国植物学家布朗，发现了悬浮在水中的花粉微粒不停地做无规则运动的现象【答案】A【命题立意】本题旨在考查物理学史【解析】A、伽利略最早提出力不是维持物体运动的原因，故A错误；B、卡文迪许首先通过实验测出万有引力常量，故B正确；C、安培提出了分子电流假说，故C正确；D、英国植物学家布朗，发现了悬浮在水中的花粉微粒不停地做无规则运动的现象，故D正确；本题选不正确的，故选：A。
【举一反三】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。
14.如图所示，一定质量的理想气体密封在绝热（即与外界不发生热交换）容器中，容器内装有一可以活动的绝热活塞。
今对活塞施以一竖直向下的压力F，使活塞缓慢向下移动一段距离后，气体的体积减小。
若忽略活塞与容器壁间的摩擦力，则被密封的气体:A．温度升高，压强增大，内能减少B．温度降低，压强增大，内能减少C．温度升高，压强增大，内能增加D．温度降低，压强减小，内能增加【答案】C【命题立意】本题旨在考查理想气体的状态方程、热力学第一定律。
【解析】F 向下压活塞时，外力对气体做功，因和外界没有热交换，故由热力学第一定律可知气体的内能增加；因理想气体不计分子势能，故气体的分子平均动能增加，气体温度升高；由理想气体的状态方程可知，因温度升高、气体体积减小，故气体的压强增大；故选C。
【易错警示】理想气体由于分子间距离较大，故物体的内能不计分子势能，即内能只与温度有关和气体的体积无关。
2021年上海市长宁区高考物理一模试卷(含解析)
2021年上海市长宁区高考物理一模试卷一、单选题（本大题共12小题，共40.0分）1.下面哪一组单位属于国际单位制中的基本单位()A. m、kg、sB. kg、N、sC. kg、N、mD. m、N、s2.一个物体从离地高h处自由落下，经过时间t落地，则它下落t3时间时，离地面的高度为()A. ℎ3B. 3ℎ4C. 8ℎ9D. ℎ43.充电宝是由可充电电池(称为电芯)和输出接口电路组成的，下列表格列出了某种型号充电宝的几个主要参数：根据上述信息，下列说法正确的是()A. 6000mAh的mAh是能量的单位B. 参数DC5V中DC指交流电的意思C. 以最大电流给手机充电，充电宝最多能连续工作3个小时D. 给手机充电时会微微发热，充电宝主要是把电能转化成热能的装置4.关于花粉悬浮在水中做布朗运动的下列说法中，正确的是()A. 布朗运动就是水分子的运动B. 布朗运动是水分子无规则运动的反映C. 温度越低时，布朗运动越明显D. 花粉颗粒越大，由于同时跟它撞击的水分子数目越多，因而布朗运动也就激烈5.下列描述正确的是()A. 牛顿通过实验测出万有引力常量B. 法拉第发现了电流的磁效应C. 开普勒提出行星轨道是椭圆的D. 安培发现了电流的发热规律6.下列有关匀速圆周运动的说法正确的是()A. 匀速圆周运动为匀速运动B. 匀速圆周运动是匀变速曲线运动C. 匀速圆周运动的物体处于平衡态D. 匀速圆周运动是变加速运动7.对于点电荷电场，若取无穷远处为零电势点，无穷远处电场强度也为零，则()A. 电势为零的点场强也一定为零；场强为零的点电势也一定为零B. 电势为零的点场强不一定为零；但场强为零的点电势一定为零C. 场强为零的点电势不一定为零；但电势为零的点场强一定为零D. 场强为零的点电势不一定为零；电势为零的点场强不一定为零8.如图所示，上表面光滑的半圆柱体放在水平面上，小物块从靠近半圆柱体顶点O的A点，在外力F作用下沿圆弧缓慢下滑到B点，此过程中F始终沿圆弧的切线方向且半圆柱体保持静止状态。
上海市长宁区2021届新高考第一次适应性考试物理试题含解析
上海市长宁区2021届新高考第一次适应性考试物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，一个圆盘绕过圆心O 且与盘面垂直的竖直轴匀速转动角速度为ω，盘面上有一质量为m 的物块随圆盘一起做匀速圆周运动，已知物块到转轴的距离为r ，下列说法正确的是（ ）A ．物块受重力、弹力、向心力作用，合力大小为m ω2rB ．物块受重力、弹力、摩擦力、向心力作用，合力大小为m ω2rC ．物块受重力、弹力、摩擦力作用，合力大小为m ω2rD ．物块只受重力、弹力作用，合力大小为零【答案】C【解析】【详解】对物体进行受力分析可知物体受重力、圆盘对它的支持力及摩擦力作用。
物体所受的合力等于摩擦力，合力提供向心力。
根据牛顿第二定律有：2F f m r ω==合选项ABD 错误，C 正确。
故选C 。
2．如图所示，同种材料制成的轨道MO 和ON 底端由对接且a θ>．小球自M 点由静止滑下，小球经过O 点时无机械能损失，以v 、s 、a 、f 分别表示小球的速度、位移、加速度和摩擦力四个物理量的大小．下列图象中能正确反映小球自M 点到左侧最高点运动过程的是( )A ．B ．C．D．【答案】D【解析】【详解】A.由于在两个斜面上都是匀变速运动，根据位移时间关系公式，可知位移--时间图象是曲线，故A错误；B.小球先做匀加速运动，a=gsinθ-μgcosθ，后做匀减速运动，加速度大小为a=gsinα+μgcosα，而gsinα+μgcosα＞gsinθ-μgcosθ，因而B错误；C.根据f=μN=μmgcosθ可知：当θ＞α时，摩擦力μmgcosθ＜μmgcosα，则C错误；D.小球运动过程中，在两个斜面上都受到恒力作用而沿斜面做匀变速直线运动，速度先增加后减小，根据速度时间关系公式，可知两段运动过程中的v-t图都是直线，且因为在OM上的加速度较小，则直线的斜率较小，故D正确；3．战斗机离舰执行任务，若战斗机离开甲板时的水平分速度大小为40m/s，竖直分速度大小为20m/s，离舰后它在水平方向做加速度大小为1m/s2的匀加速运动，在竖直方向做加速度大小为2m/s2的匀加速运动，以战斗机离开甲板时的位置为坐标原点，水平方向为x轴，竖直方向为y轴建立直角坐标系，则在它离舰后的一段时间内，下列轨迹正确的是（）A．B．C．D．【答案】D【解析】【详解】AB．战斗机在水平方向和竖直方向分别做匀加速直线运动，且竖直方向的加速度大于水平方向的加速度，其轨迹应该向上弯曲，故AB错误；CD．根据匀变速直线运动位移公式，竖直方向212022y t t =+⨯ 即2200t t y +-=当y=200m 时2202000t t +-=解得(10310)s 7.3s t =-≈水平方向 21401318.6m 2x t t =+⨯⨯= 结合CD 图象，D 图象更加符合轨迹图象，故D 正确。
上海市长宁区2021届新高考物理仿真第一次备考试题含解析
上海市长宁区2021届新高考物理仿真第一次备考试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．在如图所示的逻辑电路中，当A 端输入电信号”1”、B 端输入电信号”0”时，则在C 和D 端输出的电信号分别为A ．1和0B ．0和1C ．1和lD ．0和0【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】B 端输入电信号“0”时，经过非门输出端D 为“1”，AD 为与门输入端，输入分别为“1”、“1”，经过与门输出端C 为“1”。
故C 正确，ABD 错误。
2．下列关于天然放射现象的叙述中正确的是（ ） A ．人类揭开原子核的秘密，是从发现质子开始的B ．β衰变的实质是原子核内一个质子转化成一个中子和一个电子C ．一种放射性元素，当对它施加压力、提高温度时，其半衰期不变D ．α、β、γ三种射线中，α射线穿透能力最强，γ射线电离作用最强 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】A ．天然放射现象是原子核内部变化产生的，人类认识原子核的复杂结构并进行研究是从贝克勒尔发现天然放射现象开始的，故A 错误；B ．β衰变的实质方程为110011n H e -→+，是原子核内一个中子转化成一个质子和一个电子，故B 错误；C ．原子核的半衰期是由自身的结构决定的，与物理条件(温度、压强)和化学状态(单质、化合物)均无关，则对原子核施加压力、提高温度时，其半衰期不变，故C 正确；D ．α、β、γ三种射线中，γ射线穿透能力最强(主要看射线具有的能量)，α射线电离作用最强(从射线自身的带电情况衡量)，故D 错误。
故选C 。
3．如图所示，正六边形的物体上受四个共点力的作用下保持平衡。
下列说法正确的是（ ）A．F1与F2的大小可能不相等B．F1与F3的大小可能不相等C．F4的大小一定是F2的2倍D．F4的大小一定是F3的2倍【答案】A【解析】【详解】B．因F1与F3关于F2和F4方向对称，根据几何关系可知F1与F3必须相等，B错误；ACD．将F1与F3合成为一个F2方向上的力，大小未知，则F2、F4和合力三个力在同一直线上平衡，大小均未知，则大小关系无法确定，CD错误，A正确。
上海市长宁区2021届新高考中招适应性测试卷物理试题(1)含解析
上海市长宁区2021届新高考中招适应性测试卷物理试题（1）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．人站在地面上，先将两腿弯曲，再用力蹬地，就能跳离地面，人能跳起离开地面的原因是( ) A ．人对地球的作用力大于地球对人的引力B ．地面对人的作用力大于人对地面的作用力C ．地面对人的作用力大于地球对人的引力D ．人除受地面的弹力外，还受到一个向上的力【答案】C【解析】试题分析：地面对人的弹力与人对地面的弹力是一对作用力和反作用力，大小相等，故B 错误；人之所以能跳起离开地面，地面对人的弹力大于地球对人的吸引力，人具有向上的合力，故C 正确，AD 错误． 考点：牛顿第三定律【名师点睛】人对地的作用力与地对人的作用力是一对作用力和反作用力，人之所以能跳起离开地面，可以对人进行受力分析，人具有向上的合力．2．如图，梯形小车a 处于光滑水平面上，一弹性绳将小车a 与竖直墙壁连接（松弛），a 倾斜的上表面放有物块b ，现给a 和b 向左的相同速度v 0，在之后的运动过程中，a 与b 始终保持相对静止。
则在弹性绳从伸直到长度最大的过程中（ ）A ．b 对a 的压力一直增大B ．b 对a 的摩檫力一直减小C ．b 对a 的作用力一直减小D ．b 对a 的作用力方向水平向左【答案】A【解析】【详解】AB ．整体受到的弹性绳的拉力越来越大，则加速度越来越大，即整体做加速度越来越大的减速运动，则b 也做加速度越来越大的减速运动，对b 受力分析，由牛顿第二定律可知，cos cos N mg ma θθ-=则随着加速度a 的增加，a 对b 的支持力N 一直增大；sin sin mg f ma θθ-=即sin sin f mg ma θθ=-则随着加速度a 的增加，a 对b 的摩擦力f 可能先减小后增大，根据牛顿第三定律，b 对a 的压力一直增大，b 对a 的摩擦力可能先减小后增大，A 正确，B 错误；CD ．b 受到a 的作用力和重力，由于b 的加速度水平线向右越来越大，根据牛顿第二定律，a 对b 的作用力一直增大，a 对b 的作用力方向斜向右上方，根据牛顿第三定律，b 对a 的作用力一直增大，方向斜向左下方，CD 错误。
上海市长宁区2021届新高考一诊物理试题含解析
上海市长宁区2021届新高考一诊物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．两辆汽车a、b在两条平行的直道上行驶。
t=0时两车并排在同一位置，之后它们运动的v-t图像如图所示。
下列说法正确的是（）A．汽车a在10s末向反方向运动B．汽车b一直在物体a的前面C．5s到10s两车的平均速度相等D．10s末两车相距最近【答案】B【解析】【详解】A．汽车a的速度一直为正值，则10s末没有反方向运动，选项A错误；B．因v-t图像的面积等于位移，由图可知，b的位移一直大于a，即汽车b一直在物体a的前面，选项B 正确；C．由图像可知，5s到10s两车的位移不相等，则平均速度不相等，选项C错误；D．由图像可知8-12s时间内，a的速度大于b，两车逐渐靠近，则12s末两车相距最近，选项D错误；故选B。
2．如图，理想变压器的原线圈与二极管一起接在2202sin100=（V）的交流电源上，副线圈接有u tπR=55Ω的电阻，原、副线圈匝数比为2：1．假设该二极管的正向电阻为零，反向电阻为无穷大，电流表为理想电表。
则（）A．副线圈的输出功率为110WB．原线圈的输人功率为2WC．电流表的读数为1AD．副线圈输出的电流方向不变【解析】【分析】【详解】AB ．因为原线圈上接有理想二极管，原线圈只有半个周期有电流，副线圈也只有半个周期有电流，1m 2m 12::U U n n =，所以副线圈电压的最大值为2m 1102V U =，设副线圈电压的有效值为2U，则有22m 22202U T T R ⎪⎝⎭=+⋅ 解得2552V U =，副线圈的输出功率为222110W U P R == 原线圈的输入功率为12110W P P ==，A 正确，B 错误；C ．电流表读数为222A U I R== C 错误；D ．因为原线圈上接有理想二极管，原线圈中电流方向不变，原线圈中电流增大和减小时在副线圈中产生的感应电流方向相反，副线圈输出的电流方向改变，D 错误。
上海市长宁区2021届新高考物理第一次调研试卷含解析
上海市长宁区2021届新高考物理第一次调研试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，用天平测量匀强磁场的磁感应强度，下列各选项所示的载流线圈匝数相同，边长MN相等，将它们分别挂在天平的右臂下方，线圈中通有大小相同的电流，天平处于平衡状态，若磁场发生微小变化，天平最容易失去平衡的是（）A．B．C．D．\【答案】A【解析】【详解】天平原本处于平衡状态，所以线框所受安培力越大，天平越容易失去平衡，由于线框平面与磁场强度垂直，且线框不全在磁场区域内，所以线框与磁场区域的交点的长度等于线框在磁场中的有效长度，由图可知，A图的有效长度最长，磁场强度B和电流大小I相等，所以A所受的安培力最大，则A图最容易使天平失去平衡．A正确；BCD错误；故选A．2．我国建立在北纬43°的内蒙古赤峰草原天文观测站在金鸽牧场揭牌并投入使用，该天文观测站应用了先进的天文望远镜．现有一颗绕地球做匀速圆周运动的卫星，一位观测员在对该卫星的天文观测时发现：每天晚上相同时刻总能出现在天空正上方同一位置，则卫星的轨道必须满足下列哪些条件（已知地球质量为M，地球自转的周期为T，地球半径为R，引力常量为G ）（）A．该卫星一定在同步卫星轨道上B．卫星轨道平面与地球北纬43°线所确定的平面共面C．满足轨道半径23224GMTnπn=1、2、3…）的全部轨道都可以D．满足轨道半径23224GMTnπn=1、2、3…）的部分轨道【答案】D【解析】该卫星一定不是同步卫星，因为同步地球卫星只能定点于赤道的正上方，故A错误．卫星的轨道平面必须过地心，不可能与地球北纬43°线所确定的平面共面，故B错误．卫星的周期可能为：T′=Tn，n=1、2、3…，根据2224MmG m rr Tπ='解得：23224GMTrnπ=（n=1、2、3…），满足这个表达式的部分轨道即可，故C错误，D正确．故选D．点睛：解决该题关键要掌握卫星受到的万有引力提供圆周运动向心力，知道卫星的运行轨道必过地心，知道同步卫星的特点．3．A B两物体同时同地从静止开始运动，其运动的速度随时间的v—t图如图所示，关于它们运动的描述正确的是（）A．物体B在直线上做往返运动B．物体A做加速度增大的曲线运动C．AB两物体在0-1s运动过程中距离越来越近D．B物体在第1s内、第2s内、第3s内的平均速度大小为1:3:2【答案】D【解析】v－t图，其数值代表速度大小和方向，斜率表示加速度，面积表示位移；由图可知，B先匀加速直线，再做匀减速直线，速度为正值，为单向直线运动。
上海市长宁区2021届新高考第一次大联考物理试卷含解析
上海市长宁区2021届新高考第一次大联考物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．质量为m 的小球受到风力作用，作用力大小恒定，方向与风速方向相同。
如图所示，现在A 、B 周围空间存在方向竖直向下的风场，小球从A 点由静止释放，经过6t 到达B 点。
若风速方向反向，小球仍从A 点由静止释放，经过2t 到达B 点，重力加速度为g 。
则小球第一次从A 点下落到B 点的过程中，其机械的改变量为（ ）A ．2212mg t B ．214mgt C ．2214mg t D ．212mgt 【答案】C 【解析】 【详解】若风场竖直向下，则：1mg F ma +=2116)23h a =若风场竖直向上，则：2-mg F ma =221(2)2h a t =解得12F mg =212h gt =则小球第一次从A 点下落到B 点的过程中，其机械的改变量为2214E Fh mg t ∆==故选C 。
2．下列说法中正确的是（ ）A．伽利略研究自由落体运动的核心方法是把实验和逻辑推理结合起来B．自然界的四种基本相互作用是强相互作用，弱相互作用，电相互作用和磁相互作用C．“月－地检验”证明了一切场力都遵循“平方反比”的规律D．一对相互作用力做功，总功一定为零【答案】A【解析】【详解】A．伽利略研究自由落体运动的核心方法是把实验和逻辑推理结合起来，故A正确；B．自然界中的四种基本相互作用是万有引力、强相互作用、电磁力、弱相互作用，故B错误；C．“月-地检验”证明了地面上的重力、地球吸引月球与太阳吸引行星的力遵循同样的“距离平方反比”规律，故C错误；D．一对作用力和反作用力分别作用在两个不同物体上，它们可能分别对两个物体都做正功，其代数和为正值，比如在光滑水平面由静止释放的两个带同种电荷的小球，库仑力对两个小球都做正功，作用力和反作用力所做的功的代数和为正值，故物体间的一对相互作用力做功的代数和不一定为零，故D错误。
上海市长宁区2021届新高考物理第一次押题试卷含解析
上海市长宁区2021届新高考物理第一次押题试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．摩天轮是的乐场一种大型转轮状设施，摩天轮边缘悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直平面内做匀速圆周运动，下列叙述正确的是A ．摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变B ．摩天轮物动一周的过程中，乘客所受合外力的冲量为零C ．在最低点，乘客处于失重状态D ．摩天轮转动过程中，乘客所受的重力的瞬时功率保持不变 【答案】B 【解析】A ：乘客随座舱在竖直平面内做匀速圆周运动，动能保持不变，重力势能随高度不断变化，乘客的机械能不断变化．故A 项错误．B ：摩天轮转动一周的过程中，速度变化为零，动量变化为零，据动量定理：乘客所受合外力的冲量为零．故B 项正确．C ：在最低点，乘客的加速度向上，乘客处于超重状态．故C 项错误．D ：摩天轮匀速转动过程中，重力与速度的夹角α不断变化，乘客所受的重力的瞬时功率cos P mg v α=⋅不断变化．故D 项错误．2．如图所示，真空中等边三角形OMN 的边长为L=2.0m ，在M 、N 两点分别固定电荷量均为62.010C q -=+⨯的点电荷，已知静电力常量9229.010N m /C k =⨯⋅，则两点电荷间的库仑力的大小和O点的电场强度的大小分别为（ ）A ．339.010N,7.810N /C -⨯⨯ B ．339.010N,9.010N /C -⨯⨯ C ．231.810N,7.810N /C -⨯⨯ D ．231.810N,9.010N /C -⨯⨯【答案】A【解析】 【详解】根据库仑定律，M 、N 两点电荷间的库仑力大小为22q F k L =，代入数据得39.010N F -=⨯M 、N 两点电荷在O 点产生的场强大小相等，均为12qE k L=，M 、N 两点电荷形成的电场在O 点的合场强大小为12cos30E E =︒联立并代入数据得37.810N /C E ≈⨯A ． 339.010N,7.810N /C -⨯⨯与分析相符，故A 正确； B ． 339.010N,9.010N /C -⨯⨯与分析不符，故B 错误； C ． 231.810N,7.810N /C -⨯⨯与分析不符，故C 错误； D ． 231.810N,9.010N /C -⨯⨯与分析不符，故D 错误； 故选：A 。
解析版上海市长宁区2021年高三上学期教学质量检测物理试题
2021年上海市长宁区高考物理一模试卷参考答案与试题解析一．单项选择题Ⅰ(共16分,每小题2分．每小题只有一个正确选项．）1．在国际单位制(SＩ）中,下列物理量的单位属于导出单位的是( )Ａ．力Ｂ．ﻩ时间Ｃ. 电流 D.ﻩ热力学温度分析: 国际单位制规定了七个基本物理量.分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量.它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位.解答: 解:在国际单位制（ＳＩ）中,时间、电流和热力学温度都是基本物理量，它们的单位都是基本单位，而力不是基本物理量，其单位不是基本单位，是导出单位.故A正确.BCD错误．故选:A.点评:ﻩ国际单位制规定了七个基本物理量,这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的．２．关于分子动理论，下列说法中正确的是（)A．ﻩ分子是组成物质的最小微粒ﻩB. 分子永不停息地作无规则热运动C. 分子间有相互作用的引力或斥力ﻩD. 扩散现象只能发生在气体、液体之间专题：分子运动论专题．分析：ﻩ分子是保持物质的化学性质的最小微粒，它又由原子构成,分子永不停息地作无规则热运动，分子间存在相互作用力：引力和斥力;扩散现象发生在气体、液体、固体之间解答:ﻩ解：A、分子是保持物质的化学性质的最小微粒，但不是最小微粒，它又由原子构成，故A错误;B、分子永不停息地作无规则热运动，故B正确；C、分子间存在相互作用力：引力和斥力同时存在，故Ｃ错误;D、扩散现象发生在气体、液体、固体之间,故Ｄ错误；故选：Ｂ点评：ﻩ此题考查分子动理论的内容,对于这些知识平时要注意加强理解记忆,同时注意分子力、分子势能与分子之间距离关系.３.如图为一门电路的两个输入端A、B与输出端Ｚ的电压信号图，由此可推断该门电路是（）ﻩA. “与”门B．ﻩ“或”门Ｃ．“非”门D．“与非”门考点:ﻩ简单的逻辑电路.分析:ﻩ与门的特点：事件的所有条件满足，事件才能发生．或门的特点：只要有一个条件满足,事件就能发生.非门的特点:输入状态和输出状态完全相反.解答：ﻩ解：A、该门电路是与门,输入都为“１”，输出才为“1”．验证发现A错误．B、该门电路为或非门，输入只要有“１”,输出就为“１”，验证发现B正确．C、该门电路为或门，输入只要有“1”，输出就为“0”,验证发现C错误．Ｄ、该门电路为与非门,输入只要有“0”输出就为“１”，验证发现D错误.故选:B.点评:ﻩ解决本题的关键掌握门电路的特点,与门的特点:事件的所有条件满足，事件才能发生.或门的特点：只要有一个条件满足，事件就能发生．非门的特点：输入状态和输出状态完全相反.4.（２分）（20１５•长宁区一模）弹簧振子在做简谐运动时,若某一过程中振子的速率在减小,则此时振子的（）A.速度与位移方向一定相反Ｂ．加速度与速度方向可能相同Ｃ．位移可能在减小 D.回复力一定在增大考点:简谐运动的回复力和能量;简谐运动的振幅、周期和频率.专题:简谐运动专题．分析:首先知道判断速度增减的方法：当速度与加速度方向相同时,速度增大;当速度与加速度方向相反时，速度减小．其次知道判断位移增减的方法：当位移与速度方向相同时，位移增大；当位移与速度方向相反时，位移减小．解答：解：A、振子的速率在减小,则动能减小、势能增加，故振子必定从平衡位置向最大位移运动，速度与位移同方向,故A错误；B、由A分析知，加速度与速度方向必定相反,故B错误;C、由A分析知，位移的大小一定在增加，故C错误;Ｄ、回复力的大小与位移大小成正比,故回复力的数值一定增大，故D正确;故选：Ｄ.点评：匀变速直线运动中一些规律性的东西是解题的关键，应当牢固掌握，比如:当速度与加速度方向相同时，速度增大；当速度与加速度方向相反时,速度减小.当位移与速度方向相同时,位移增大；当位移与速度方向相反时,位移减小．５.(2分）(2０15•长宁区一模)伽耳顿板可以演示统计规律.如图,让大量小球从上方漏斗形入口落下,最终小球都落在槽内.重复多次实验后发现（）Ａ．某个小球落在哪个槽是有规律的B.大量小球在槽内的分布是无规律的Ｃ.大量小球落入槽内后均匀分布在各槽中D.越接近漏斗形入口处的槽内，小球聚集越多考点:物理学史.分析：小球落入槽内,与钉子相撞后向左还是向右运动是偶然现象,但是,如果大量的球投入后小球的落点绘成的曲线却是确定的.解答:解：如果从入口处投入单个小球，与铁钉碰撞后会落入哪一个狭槽是偶然的、随机的，少量小球投入后,落入各狭槽的分布情况也带有偶然性．但是,从入口处同时(或先后）投入大量小球,落入各槽的分布情况则是确定的．多次重复实验可知,小球在个槽内的分布是不均匀的，以中间槽最多，两边最少,越接近漏斗形入口处的槽内,小球聚集越多.故选：D点评:本题用伽耳顿板的演示实验说明了分子动理论的实验依据，要查资料了解一下伽耳顿板的原理.６．(２分)（201５•长宁区一模)如图是机场的安检人员用手持金属探测器检查乘客的情景．当探测线圈靠近金属物体时,在金属物体中就会产生电流,如果能检测出这种变化,就可以判定探测线圈附近有金属物体了.图中能反映出金属探测器工作原理的是（)A．点评：本题波形是关键,画出新的波形,然后结合上下坡法与质点的位置即可判断出各点的振动，属于基础题目．14．（3分)(２０１５•长宁区一模)如图,真空中有两个等量异种点电荷Ａ、B，M、Ｎ、O是AB连线的垂线上点,且ＢO＞AＯ．一质子仅在电场力作用下,其运动轨迹如下图中实线所示.设M、N两点的场强大小分别为E M、E N,电势分别为φM、φN．下列判断中正确的是（）Ａ．A点电荷一定带正电 B.E M>E NC.φＭ＞φND.若质子从N运动到M,电场力做正功考点：电势;电场强度.专题:电场力与电势的性质专题.分析:该题实质上考查常见电场的电场分布与特点，可以结合等量异种点电荷的电场特点分析．解答:解：A：负电荷受力的方向与电场线的方向相反,与弯曲的方向相同，故Ｂ应带正电荷，A错误；B：在该连线上，从O到Ｎ到无穷远,Ｅ先增大,后减小，故B错误；C：N点到正负电荷A的距离近,故M点处的电势一定高于N点处的电势，故Ｃ正确;D:M点处的电势一定高于Ｎ点处的电势,从N到ＭN电场力做负功，故D错误.故选:C点评：该题考查常见电场的电场分布与特点，结合等量异种点电荷的电场分布特点的图，可以直接判定.属于简单题.15．（3分）（201５•长宁区一模）如图，R1、Ｒ2和R３皆为定值电阻,R4为滑动变阻器，电源电动势为E，内阻为r.设电流表A的读数为I,电压表Ｖ的读数为U.闭合电键,当Ｒ4的滑动触头向a端移动时，下列判断中正确的是（)Ａ.I变小，U变小Ｂ．Ｉ变小，Ｕ变大C．I变大，Ｕ变小D．I变大，Ｕ变大考点：闭合电路的欧姆定律.专题：恒定电流专题.分析:当滑动变阻器Ｒ的滑动头向图中a端移动时，变阻器接入电路的电阻减小,外电阻变小，路端电压随之增大，电压表测量的为除Ｒ３外的电阻的电压，即可知道其读数的变化．分析R2的电压的变化，判断通过R2的电流变化，即可知道电流表Ａ的读数变化．解答:解:当滑动变阻器R4的滑动头向图a端移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小,总电流变大，电源的内电压与R３的分压增加,则电压表的示数变小、同时R２的电压变小，则并联部分电压变小，通过R2的电流减小，则电流表A的读数I变小．故选:A点评：本题是电路的动态分析问题，按“局部→整体→局部”的思路进行分析16.（3分)(2015•长宁区一模）如图，金属棒ab置于水平放置的U形光滑导轨上,在fe右侧存在有界匀强磁场B,磁场方向垂直导轨平面向上,在ｆｅ左侧的无磁场区域ｃdｅf内有一半径很小的金属圆环L，圆环与导轨在同一平面内．当金属棒ａｂ在水平恒力F作用下从磁场左边界fｅ处由静止开始向右运动后，( ）A.圆环内产生变大的感应电流，圆环有收缩的趋势Ｂ．圆环内产生变大的感应电流,圆环有扩张的趋势C．圆环内产生变小的感应电流,圆环有收缩的趋势D．圆环内产生变小的感应电流,圆环有扩张的趋势考点:导体切割磁感线时的感应电动势;楞次定律．专题：电磁感应与电路结合.分析：金属棒切割磁感线而使ａbcd中产生感应电流,感应电流的磁场穿过Ｌ；由穿过L的磁场的变化可得出圆环L的形变;由磁通量的变化率可得出感应电流的变化．解答：解：由于金属棒向右运动的加速度减小，速度增加变慢,则电流增加的也变慢，则单位时间内磁通量的变化率减小，所以在圆环中产生的感应电流不断减小.由于金属棒aｂ在恒力F的作用下向右运动，则abcｄ回路中产生顺时针方向的感应电流，则在圆环处产生垂直于纸面向里的磁场,随着金属棒向右加速运动，圆环的磁通量将增大,依据楞次定律可知,圆环将有收缩的趋势以阻碍圆环的磁通量增大；故选：Ｃ．点评：本题难点在于理解感应电流的变化；应注意感应电流的大小取决于磁通量的变化率而不是磁通量或磁通量的变化量.三．多项选择题（共１６分,每小题4分.每小题有二个或三个正确选项.全选对的,得4分;选对但不全的,得2分；有选错或不答的,得0分．）17．(４分)（20１5•长宁区一模）如图,倒置的U形管两端开口，左端插入水银槽中,右端有一段高为h的水银柱齐口封住,Ｕ形管内水银柱处于稳定状态.下列选项中正确的是( )A．左管内外水银面高度差一定为hＢ.若把U形管向上提高ｈ（不脱离水银面），则右管口的水银面也沿管壁上升hC．若环境温度降低,右管的水银面将沿管壁上升一段距离Ｄ．若整个装置一起向下加速运动，右管内水银将沿右管口流出考点:理想气体的状态方程．专题:理想气体状态方程专题．分析：气体的压强处处相等，所以左右两边水银柱的长度是相等的;整个装置一起向下加速运动,水银柱产生的压强差减小,气体的压强增大,体积减小,右面的水银面将沿壁上升一段距离.解答：解：A：U形管右侧的气体的压强：Ｐ＝P0﹣ρgh，气体的压强处处相等，所以左右两边水银柱的长度是相等的，所以左管内外水银面高度差一定为h．故Ａ正确；B：气体的压强处处相等，所以左右两边水银柱的长度是相等的，与左右水银面的高度无关，故B错误;Ｃ:左右两边水银柱的长度要保持相等,气体的体积要保持不变,故当把U形管向上提高h（不脱离水银面），则右管口的水银面也沿管壁上升h，故C正确；Ｄ：整个装置一起向下加速运动,水银柱产生的压强差△p＝，压强差减小,气体的压强增大，体积减小，右面的水银面将沿壁上升一段距离．故D正确.故选：ＡＣD．点评:该题考查气体压强，关键的是气体的压强处处相等，左右两边水银柱的长度是相等的．属于简单题．１８．(4分)(２01５•长宁区一模)某机器内有两个围绕各自固定轴匀速转动的铝盘A、Ｂ，Ａ盘上固定一个信号发射装置P，能持续沿半径向外发射红外线，Ｐ到圆心的距离为4０cm．B盘上固定一个带窗口的红外线信号接收装置Q，Ｑ到圆心的距离为２4ｃm．P、Q转动的线速度均为４π m ／s.当Ｐ、Q正对时,Ｐ发出的红外线恰好进入Q的接收窗口,如图，Ｐ、Ｑ可视为质点.则( ）Ａ.A盘的转速为5转/秒B.Q的周期为０．2ｓC.Q每隔一定时间就能接收到红外线信号,这个时间的最小值为０．24ｓD．Q每隔一定时间就能接收到红外线信号,这个时间的最小值为０.6ｓ考点:线速度、角速度和周期、转速；匀速圆周运动.专题:匀速圆周运动专题．分析：因为P、Q正对时,Ｐ发出的红外线恰好进入Q的接收窗口，再次被接收时，经历的时间都为各自周期的整数倍,分别求出各自的周期，求出周期的最小公倍数,从而求出经历的时间.解答:解:A、A盘的转速ｎ＝＝==5r／ｓ．故A正确．B、Ｑ的周期T==＝0.12s．故B错误．C、P的周期为Ｔ′==＝0．2ｓ，Q的周期为T＝0．12s，因为经历的时间必须等于它们周期的整数倍，根据数学知识，0.12和0.2的最小公倍数为0.6s，则这个时间的最小值为0.6s．故C错误,D正确.故选：ＡＤ．点评:解决本题的关键知道Ｐ发出的红外线恰好再次进入Ｑ的接收窗口，所经历的时间为它们周期的整数倍,通过最小公倍数球最短时间间隔.1９.（4分)(201５•长宁区一模)图中，固定的光滑竖直杆上套有一质量为m的圆环，圆环与水平放置轻质弹簧一端相连，弹簧另一端固定在墙壁上的A点，图中弹簧水平时恰好处于原长状态.现让圆环从图示位置(距地面高度为ｈ）由静止沿杆滑下,滑到杆的底端B时速度恰好为零.则在圆环下滑至底端的过程中( )A．圆环的机械能守恒 B.弹力对圆环做负功,大小为mｇhＣ．圆环所受合力做功为零D．圆环到达Ｂ时弹簧弹性势能为mgｈ考点：功能关系；功的计算．分析：分析圆环沿杆下滑的过程的受力和做功情况,只有重力弹簧的拉力做功，所以圆环机械能不守恒,系统的机械能守恒；根据系统的机械能守恒进行分析．解答:解:A、圆环沿杆滑下过程中,弹簧的拉力对圆环做功，圆环的机械能不守恒，故A错误，Ｂ、图中弹簧水平时恰好处于原长状态,在圆环下滑的过程中,弹簧对圆环有拉力,此拉力对圆环做负功,则由功能原理知圆环的机械能减小,根据动能定理可知弹力做功为﹣mgh．故B正确.C、对于圆环,两个过程中动能的变化量为零,根据动能定理可知圆环所受的合力做功为零，故C正确.D、对于圆环和弹簧组成的系统而言,只有重力和弹力做功，系统的机械能守恒,可知圆环的机械能减少了ｍgｈ，那么弹簧的弹性势能增大mｇh,故D正确.故选:BCD．点评:对物理过程进行受力、运动、做功分析，是解决问题的根本方法.这是一道考查系统机械能守恒的基础好题．20.(4分)（2０15•长宁区一模）闭合矩形导线框abcｄ固定在匀强磁场中，磁场的方向与导线框所在平面垂直,磁感应强度Ｂ随时间ｔ变化的规律如右图所示．规定垂直纸面向外为磁场的正方向,线框中顺时针电流的方向为感应电流的正方向，水平向右为安培力的正方向．关于线框中的感应电流i 与aｄ边所受的安培力Ｆ随时间t变化的图象,下列选项正确的是（）A．Ｂ．C．D．考点：法拉第电磁感应定律.专题:电磁感应与图像结合.分析:由图可知磁感应强度的变化,则可知线圈中磁通量的变化，由法拉第电磁感应定律可知感应电动势变化情况,由楞次定律可得感应电流的方向，根据左手定则可以找出安培力方向,结合可得出正确的图象.解答：解:A、由图示B﹣t图象可知，0～1ｓ时间内，B增大,Φ增大，由楞次定律可知，感应电流是顺时针的，为正值；１~2ｓ磁通量不变,无感应电流；2~３s,B的方向垂直纸面向外，Ｂ减小，Φ减小，由楞次定律可知，感应电流沿逆时针方向,感应电流是负的;3~4ｓ内,B的方向垂直纸面向里,B增大，Φ增大，由楞次定律可知,感应电流沿逆时针方向,感应电流是负的，A正确、B错误.C、由左手定则可知，在0~1s内，ａｄ受到的安培力方向:水平向右,是正的,1～2s无感应电流,没有安培力，２~4ｓ时间内,安培力水平向左，是负的；由法拉第电磁感应定律可知,感应电动势E==S，感应电流I=＝,由Ｂ﹣t图象可知，在每一时间段内，是定值,在各时间段内I是定值，aｄ边受到的安培力Ｆ=BIL，Ｉ、L不变，B均匀变化，则安培力F均匀变化,不是定值，故ＣＤ错误；故选:Ａ.点评：本题考查了判断I﹣ｔ图象与F﹣t图象是否正确，分析清楚B﹣t图象、应用楞次定律、法拉第电磁感应定律、安培力公式即可正确解题．四．填空题(共2０分，每小题4分．)２1．（4分）(２015•长宁区一模）A、B为相同大小的量正三角形板块，如图所示铰接于M、N、P 三处并静止.M、Ｎ分别在竖直墙壁上和水平天花板上,A板较厚,质量分布均匀，重力为Ｇ．Ｂ板较薄，重力不计．三角形的两条边均水平．那么，A板对铰链Ｐ的作用力的方向为沿NＰ方向；作用力的大小为G .考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析:对B分析可知Ｂ受拉力的方向，对Ａ分析找出力臂由力矩平衡可求得作用力的大小．解答：解:因B的重力不计,B的重力对平衡没有影响,故对B平衡起作用的只有N和Ｐ点，故可将B 可以作二力杆处理,则板A对P的拉力应沿NP方向；对A分析,Ａ受重力和Ｐ点的拉力而关于支点Ｍ平衡，设边长为L，由几何关系可知,重力的力臂为L1=L,P点的拉力的力矩为L2=L；则由力矩平衡可知，GL1=FL2,即G•L=F•L解得Ｆ=G由牛顿第三定律可知A板对铰链P的作用力的大小为F′＝F＝G故答案为：沿NP方向，G．点评：本题关键在于理解B不计重力的含义，将B板等效为二力杆.运用力矩平衡条件解决此类问题.２２.（4分）(2015•长宁区一模)如图所示，在高为h的平台边缘以初速度υ0水平抛出小球A，同时在水平地面上距台面边缘水平距离为s处竖直上抛小球Ｂ,两球运动轨迹在同一竖直平面内,不计空气阻力,重力加速度为g.为使两球能在空中相遇,水平距离s应<v０;若水平距离为ｓ0,则υB ＝．考点:平抛运动；竖直上抛运动．分析:A做平抛运动,B球竖直上抛运动,要使两球在空中相遇,运动的时间必然小于A球运动时间，且A球的水平距离要等于s，两球同时运动,运动的时间相同,根据平抛运动和竖直上抛运动的公式,抓住时间,位移的关系联立方程即可求解.解答：解：由于A做平抛运动有：x=v0t，h=，可得：ｘ=v0所以为使两球能在空中相遇，水平距离应有：ｓ<x，即:s<v０.由:s０=v0t,h=+（vＢt﹣)得：ｖＢ=故答案为:,．点评:本题主要考查了平抛运动和竖直上抛运动的基本规律,关键要正确分析两个物体运动之间的关系.2３.（4分)（2０15•长宁区一模）某同学将一直流电源的总功率P E、输出功率P R和电源内部的发热功率P r随电流Ｉ变化的图线画在了同一坐标内,如图所示，则电源内阻r＝4 Ω，当电流为1.5A 时，外电路的电阻Ｒ= Ω.考点：电功、电功率;闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析:三种功率与电流的关系是：直流电源的总功率ＰE=ＥＩ，内部的发热功率Ｐr=I2r,输出功率P=EＩ﹣Ｉ2r，根据数学知识选择图线.根据图线a斜率求解电源的电动势．由图读出电流ＩＲ=1.5A时,发热功率Ｐr＝Ｉ2ｒ,求出电源的内阻．解答:解:根据直流电源的总功率ＰＥ=EI,内部的发热功率P r＝I2r，输出功率P R=EI﹣Ｉ２r，E＝=８V．内部的发热功率Pｒ=I２ｒ，内阻为ｒ＝＝4Ω,当电流为１.５A时，由图读出电源的功率P E=１2W.由P E＝=故答案为：4点评：本题首先考查读图能力，物理上往往根据解析式来理解图象的物理意义.２４．(4分）（2０1５•长宁区一模）如图所示，在边长为ａ的等边三角形区域内有匀强磁场B，其方向垂直纸面向外,一个阻值为R、边长为a的等边三角形导线框架EFＧ正好与上述磁场区域的边界重合，现使导线框以周期T绕其中心Ｏ点在纸面内匀速转动,经过导线框转到图中虚线位置，则在这时间内平均感应电动势= Ｂa2,通过导线框任一截面的电量q＝Ｂａ2．考点:导体切割磁感线时的感应电动势．专题:电磁感应与电路结合.分析：本题的关键是根据几何知识求出时间内磁通量的变化△∅,再根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律求出平均感应电动势和平均感应电流,由q=It求电荷量.解答:解：两等边三角形所夹的小三角形为等边三角形，小三角形高为：h=根据对称性可知，小三角形的底边长为：，则小三角形的面积为S=a2根据法拉第电磁感应定律可知:Ba２有:q==Bａ2故答案为：Ba2；Ba２点评:求平均感应电动势时应用E＝，q=来求．25．（４分）（２015•长宁区一模)倾角为３0°的直角三角形底边长为2l，底边处在水平位置，斜边为光滑绝缘导轨.现在底边中点Ｏ处固定一正电荷Ｑ,让一个质量为m、带正电的点电荷q沿斜边顶端A滑下（不脱离斜面).测得它滑到斜边上的垂足Ｄ处时速度为υ，加速度为a,方向沿斜面向下.该点电荷滑到斜边底端C点时的速度υｃ= ，加速度aｃ= g﹣a ．(重力加速度为ｇ)考点:电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析:根据几何知识分析得到B、C、Ｄ三点在以O为圆心的同一圆周上,三点的电势相等,电荷ｑ从D到C过程中只有重力做功，根据动能定理求出质点滑到斜边底端C点时的速度．分析质点q在C点的受力情况,根据牛顿第二定律和库仑定律求出质点滑到斜边底端C点时加速度.解答:解:由题,BD⊥AＣ,O点是BＣ的中点,根据几何知识得到Ｂ、C、D三点在以O为圆心的同一圆周上，三点在点电荷Q产生的电场中是等势点,所以，q由D到C的过程中电场中电场力作功为零．由动能定理得:mgh=而ｈ=＝，所以v C=质点在Ｄ点受三个力的作用;电场F，方向由Ｏ指向Ｄ点；重力ｍg,方向竖直向下；支持力N,方向垂直于斜面向上．由牛顿第二定律，有mgｓiｎ30°﹣Fcos３0°=mａ…①质点在C受三个力的作用；电场F,方向由O指向Ｃ点；重力mｇ,方向竖直向下;支持力N,方向垂直于斜面向上.由牛顿第二定律，有ｍgsin30°＋Fｃoｓ３０°=ｍａＣ…②由①②解得：a C=g﹣a.故答案为:；g﹣ａ．点评:本题难点在于分析D与C两点电势相等，根据动能定理求速度、由牛顿第二定律求加速度都常规思路.五．实验题（共24分)２6．（4分)（2015•长宁区一模）在“研究共点力的合成”的实验中，先在水平木板上固定一张白纸，橡皮条一端固定在纸边，将带两个绳套的另一端放在纸面上,弹簧测力计拉住绳套可使橡皮条伸长.以下操作正确的是( )Ａ.实验前,将弹簧秤水平调零B.实验中,弹簧测力计必须保持与木板平行,读数时视线要正对弹簧测力计的刻度C.实验中，先将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一弹簧测力计的拉力大小和方向,把橡皮条节点拉到记下的位置O点D．通过细绳套用一个弹簧秤拉和用两个弹簧秤拉,只要橡皮条伸长相同长度即可考点:验证力的平行四边形定则.分析:根据合力与分力的关系是等效的,分析橡皮筯的结点位置要求．按实验原理和方法分析实验要求.解答：解:A、实验前,为了避免弹簧重力的影响，应将弹簧水平调零，A正确;B、本实验是通过在白纸上作力的图示来验证平行四边定则,为了减小实验误差,弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行,否则,作出的是拉力在纸面上的分力，误差较大．读数时视线必须与刻度尺垂直,防止视觉误差．故B正确；C、为了避免弹簧测力计的弹簧超过最大限度,弹簧测力计不能拉到最大量程,Ｃ错误;D、通过细绳套用一个弹簧秤拉和用两个弹簧秤拉，需要橡皮条伸长到相同的位置,若只是伸长相同长度但伸长的方向不同,则合力也不固定，故D错误.故选:AB.点评:实验的核心是实验原理,根据原理选择器材，安排实验步骤,分析实验误差，明确注意两项，进行数据处理等等.27.（６分）(2015•长宁区一模)在“用油膜法估测分子大小”的实验中，所用的油酸酒精溶液的浓度为1：400．用注射器和量筒测得1mL上述溶液为40滴,把１滴该溶液滴入盛水的浅盘内，让油膜在水面上尽可能散开.(1)本实验中做了三点理想化假设,①将油酸分子视为球形；②油膜看成单分子层；③油酸分子是紧挨在一起的（不考虑油酸分子间间隙） .（2）测得油膜的面积约为150cm2,则油酸分子的直径是4.2×10﹣9m．（结果保留两位有效数字)考点:用油膜法估测分子的大小．。
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上海市长宁区2021届第一次新高考模拟考试物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，正六边形的物体上受四个共点力的作用下保持平衡。
下列说法正确的是（ ）A ．F 1与F 2的大小可能不相等B ．F 1与F 3的大小可能不相等C ．F 4的大小一定是F 2的2倍D ．F 4的大小一定是F 3的2倍 【答案】A 【解析】 【详解】B ．因F 1与F 3关于F 2和F 4方向对称，根据几何关系可知F 1与F 3必须相等，B 错误；ACD ．将F 1与F 3合成为一个F 2方向上的力，大小未知，则F 2、F 4和合力三个力在同一直线上平衡，大小均未知，则大小关系无法确定，CD 错误，A 正确。
故选A 。
2．科学家通过实验研究发现，放射性元素23892U 有多种可能的衰变途径：23892U 先变成21083Bi ，21083Bi 可以经一次衰变变成81Ti a ，也可以经一次衰变变成210X b （X 代表某种元素），81Ti a 和210X b 最后都变成20682Pb ，衰变路径如图所示。
则以下判断正确的是（ ）A ．a ＝211，b ＝82B ．①是β衰变，②是α衰变C ．①②均是α衰变D ．23892U 经过7次α衰变5次β衰变后变成21083Bi【答案】D 【解析】 【分析】【详解】 ABC ．21083Bi 经过①变化为a 81Ti ，核电荷数少2，为α衰变，即210a 483812Bi Ti He →+，故a ＝210－4＝20621083Bi 经过②变化为210b X ，质量数没有发生变化，为β衰变，即210210083b 1Bi X e -→+，故 b ＝83＋1＝84 故ABC 错误； D ．23892U 经过7次α衰变，则质量数少28，电荷数少14，在经过5次β衰变后，质量数不变，电荷数增加5，此时质量数为 238－28＝210 电荷数为 92－14＋5＝83 变成了21083Bi ，故D 正确。
故选D 。
3．如图所示，半径为R 的圆形区域内有一垂直纸面向里的匀强磁场，P 为磁场边界上的一点，大量质量为m 、电荷量为q 的带正电的粒子，在纸面内沿各个方向一速率v 从P 点射入磁场，这些粒子射出磁场时的位置均位于PQ 圆弧上且Q 点为最远点，已知PQ 圆弧长等于磁场边界周长的四分之一，不计粒子重力和粒子间的相互作用，则（ ）A ．这些粒子做圆周运动的半径2r R =B ．该匀强磁场的磁感应强度大小为2mvqR C 2mvD ．该圆形磁场中有粒子经过的区域面积为212R π 【答案】B 【解析】ABC 、从P 点射入的粒子与磁场边界的最远交点为Q ，由动圆法知P 、Q 连线为轨迹直径；PQ 圆弧长为磁场圆周长的14 ，由几何关系可知2PQ R =,则粒子轨迹半径22r R =，由牛顿第二定律知2v qvB m r = ，解得2mv B qR=故B 正确；AC 错误 D 、该圆形磁场中有粒子经过的区域面积大于212R π，故D 错误； 综上所述本题答案是：B4．某探究小组计划以下述思路分析电容器间电场（可看作匀强电场）的特点。
如图所示，把电容器的一个极板接地，然后用直流电源给电容器充电，接地极板连接电源正极，充电结束后电容器与电源断开。
在两极板之间的P 点固定一个负试探电荷，正极板保持不动，将负极板缓慢向右平移一小段距离x 。
在平移过程中，电容C 、场强E 、P 点电势p ϕ、试探电荷在P 点电势能p E 与负极板移动距离x 的关系正确的是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】D 【解析】 【详解】设原两极板的距离为0d ，负极板右移x 时，两极板的距离为0-d x两极板间的距离减小；A ．两极板间距减小为0()-d x 时，由4πSC kdε=知04π()SC k d x ε=-则C 增大，但C 与x 的关系不是一次函数，其图像不是直线，故A 错误； B ．由Q C U=，U E d =则有4πkQ E Sε=则E 与x 无关，其图像为平行于x 轴的直线，故B 错误；C ．正极板接地其电势为0，且为最高值。
P 点与正极板距离不变，设为l ，其电势为p El ϕ=-得4πP kQlSϕε=-则p ϕ与x 无关，其图像为平行于x 轴的直线，且为负值，故C 错误； D ．负试探电荷电势能为4πP p kQlqE q Sϕε=-=则p E 与x 无关，其图像为平行于x 轴的直线，且为正值，故D 正确。
故选D 。
5．2013年12月2日，“嫦娥三号”成为了全人类第一个在月球背面成功实施软着陆的探测器。
为了减小凹凸不平的月面可能造成的不利影响，“嫦娥三号”采取了近乎垂直的着陆方式。
已知：月球半径为R ，表面重力加速度大小为g ，引力常量为G ，下列说法正确的是（ ）A ．“嫦娥三号”着陆前近月环绕月球做圆周运动的过程中处于超重状态B ．为了减小与地面的撞击力，“嫦娥三号”着陆前的一小段时间内处于失重状态C ．“嫦娥三号”着陆前近月环绕月球做圆周运动的周期约为T=D ．月球的密度为ρ=34gRGπ【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】A ． “嫦娥三号”着陆前近月环绕月球做圆周运动的过程中万有引力全部提供向心力，处于完全失重状态，故A 错误；B ． 为了减小与地面的撞击力，在“嫦娥三号”着陆前的一小段时间内“嫦娥四号”需要做减速运动，处于超重状态。
故B 错误；C ． “嫦娥三号”着陆前近月环绕月球做圆周运动的时万有引力提供向心力，即：224m Rmg T π⋅=解得：2T =故C 错误；D ． 月球表面的重力近似等于万有引力，则：2GMm mg R =，343M R ρ=⋅π 月球的密度：34gRGρπ=故D 正确。
故选：D 。
6．某移动电源上标志的4500mAh 反映的物理量是 （ ） A ．电压 B ．电量 C ．功率 D ．能量【答案】B 【解析】移动电源上标志的4500mAh 反映的物理量是电量，表示以4500mA 放电，可以放一个小时，故B 正确，ACD 错误． 故选B二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分7．如图所示，以O 为圆心、半径为R 的虚线圆位于足够大的匀强电场中，圆所在平面与电场方向平行，M 、N 为圆周上的两点。
带正电粒子只在电场力作用下运动，在M 点速度方向如图所示，经过M 、N 两点时速度大小相等。
已知M 点电势高于O 点电势，且电势差为U ，下列说法正确的是（ ）A ．M ，N 两点电势相等B ．粒子由M 点运动到N 点，电势能减小C ．该匀强电场的电场强度大小为2UD ．粒子在电场中可能从M 点沿圆弧运动到N 点 【答案】AC 【解析】 【分析】 【详解】A ．带电粒子仅在电场力作用下，由于粒子在M 、N 两点动能相等，则电势能也相等，根据p E qϕ=可知M 、N 两点电势相等，A 正确；B ．因为匀强电场，所以两点的连线MN 即为等势面。
根据等势面与电场线垂直和沿电场线方向电势降低的特性，从而画出电场线CO 如图由曲线运动条件可知，正电粒子所受的电场力沿着CO 方向；可知，速度方向与电场力方向夹角先大于90°后小于90°，电场力对粒子先做负功后做正功，所以电势能先增大后减小，B 错误； C ．匀强电场的电场强度Ed U =式中的d 是沿着电场强度方向的距离，则2sin 45UUE R ︒== C 正确；D ．粒子在匀强电场受到的是恒定的电场力，不可能做圆周运动，D 错误。
8．在一电梯的地板上有一压力传感器，其上放一物块，如图甲所示，当电梯运行时，传感器示数大小随时间变化的关系图象如图乙所示，根据图象分析得出的结论中正确的是( )A．从时刻t1到t2，物块处于失重状态B．从时刻t3到t4，物块处于失重状态C．电梯可能开始停在低楼层，先加速向上，接着匀速向上，再减速向上，最后停在高楼层D．电梯可能开始停在高楼层，先加速向下，接着匀速向下，再减速向下，最后停在低楼层【答案】BC【解析】【详解】由F－t图象可以看出，0～t1F＝mg物块可能处于静止状态或匀速运动状态，t1～t2F>mg电梯具有向上的加速度，物块处于超重状态，可能加速向上或减速向下运动，t2～t3F＝mg物块可能静止或匀速运动，t3～t4F<mg电梯具有向下的加速度，物块处于失重状态，可能加速向下或减速向上运动，综上分析可知，故BC正确。
故选BC。
9．带电粒子只在电场力作用下沿直线运动，其动能E k随位移x变化图线如图所示，其中a、b、c为粒子运动中所经过的三点，且ab=bc，ab段为直线，bc段为曲线。
则下面判断正确的是（）A．a、b、c三点电场强度大小关系为E a>E b>E cB．粒子在a、b、c三点受到的电场力大小关系为F a=F b>F cC．a、b、c三点电势大小关系为φa>φb>φcD．ab间电势差的绝对值大于bc间电势差的绝对值【解析】 【分析】 【详解】AB ．粒子仅在电场力作用下运动，根据动能定理k F x E ∆=∆可知图线斜率表示电场力，可得出a b c F F F =>根电场强度的定义式F E q=可知电场强度的大小关系a b c E E E =>A 错误，B 正确； CD ．根据k qU E =∆可知k k ab bc E E ∆>∆因粒子电性未知，所以ab bc U U >而a 、b 、c 三点电势无法大小确定，C 错误，D 正确。
故选BD 。
10．下列说法正确的是（ ）A ．只要知道气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数，就可以算出气体分子的体积B ．第二类永动机不能制成是因为它违反了能量守恒定律C ．一定质量的理想气体经历缓慢的绝热膨胀过程，气体的内能减小D ．1kg 的0℃的冰比1kg 的0℃的水的内能小些E.干湿泡温度计的干泡与湿泡的示数差越大，相对湿度越小 【答案】CDE 【解析】 【详解】A ．摩尔体积除以阿伏伽德罗常数算出的是气体分子占据的空间，气体分子间的空隙很大，所以气体分子占据的空间不等于气体分子的体积，故A 错误；B ．第二类永动机不能制成是因为它违反了热力学第二定律，即自发的热现象具有方向性，故B 错误；C ．因气体绝热膨胀，故气体对外做功，没有热交换，由热力学第一定律可知，气体内能减小，故C 正确；D ．1kg 的0C ︒的冰熔化成1kg 的0C ︒的水的内能时，要吸收热量，则知1kg 的0C ︒的冰比1kg 的0C ︒的水的内能小些，故D 正确；E ．干湿泡湿度计的湿泡温度计与干泡温度计的示数差距越大，说明湿泡的蒸发非常快，空气的相对湿度越小，故E 正确。