解析广东省江门市台山市华侨中学2020┄2021学年高三上学期第6周周测物理试卷
2020-2021学年广东省江门市台山墩头华侨中学高三物理期末试题带解析
2020-2021学年广东省江门市台山墩头华侨中学高三物理期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 两颗行星A和B各有一颗卫星a和b，两颗卫星的轨道均接近行星的表面，已知两颗行星的质量之比，两颗行星的半径之比，则两颗卫星的周期之比为（）A．B．C．D．参考答案：A2. 如图8所示，在斜面顶端a处以速度Va水平抛出一小球，经过时间ta恰好落在斜面底端P处；今在P点正上方与a等高的b处以速度Vb水平抛出另一小球，经过时间tb恰好落在斜面的中点Q处．若不计空气阻力，下列关系式正确的是（）A．va＝vbB．va＝vbC．ta＝tbD．ta＝tb参考答案：BD3. 关于惯性，下列说法中正确的是（）A 同一汽车，速度越快，越难刹车，说明物体速度越大，惯性大B 静止的火车起动时速度变化缓慢，是因为物体静止时惯性大C 乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小的缘故D 已知月球上的重力加速度是地球上的1/6，故一个物体从地球移到月球惯性减小为1/6 参考答案：C4. 星球上的物体脱离星球引力所需要的最小速度称为第二宇宙速度，星球的第二宇宙速度v2与第一宇宙速度v1的关系是。
已知某星球的半径为r，它表面的重力加速度为地球表面重力加速度g的1/6，不计其他星球的影响，则该星球的第二宇宙速度为A． B． C． D．参考答案：C5. 我国探月工程已进入实施阶段。
已知月球半径与地球半径的比值约为6 ：25，月球表面重力加速度约为地球表面重力加速度g的1/6，那么在月球上工作的宇航员要想坐飞船脱离月球，飞船所需的最小发射速度为多少？（星球的第二宇宙速度与第一宇宙速度的关系是。
已知地球的第一宇宙速度为7.9km/s，不计其它星球的影响。
）( )A．7.9km/s B．11.2km/s C．2.2km/s D．1.6km/s参考答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图（1）所示，均匀长方体木块长b=18cm，高h=16cm，宽L=10cm，被两个力传感器支撑起来，两传感器间距为a=10cm且到木块两边的距离相等，传感器能够将支撑点的受力情况通过数据采集器在计算机屏幕上反映出来。
广东省台山市华侨中学高三物理上学期小测02(2021年整理)
广东省台山市华侨中学高三物理上学期小测02编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（广东省台山市华侨中学高三物理上学期小测02）的内容能够给您的工作和学习带来便利。
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2018届高三物理小测(第2周）一、单选题1．伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念,从而奠定了牛顿力学的基础。
早期物理学家关于惯性有下列说法,其中正确的是A ．物体抵抗运动状态变化的性质是惯性B ．没有力作用，物体只能处于静止状态C ．行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性 D. 如果受到外力，惯性消失2、下列说法正确的是（ )A 、跳高运动员起跳以后在上升过程处于超重状态B 、在绕地运行的天宫一号实验舱中，宇航员处于失重状态,所以宇航员没有惯性C 、田径比赛的链球项目是利用离心现象来实现投掷的D 、足球被守门员踢出后，在空中沿着弧线运动属于离心现象3。
电梯的顶部挂一个弹簧秤，秤下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10 N ，在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为8 N ，关于电梯的运动（如图所示），以下说法正确的是(g 取10 m/s 2) ( )A ．电梯可能向上加速运动, 加速度大小为4m/s 2B ．电梯可能向下加速运动, 加速度大小为4m/s 2C ．电梯可能向上减速运动, 加速度大小为2m/s 2D ．电梯可能向下减速运动, 加速度大小为2m/s 24．如图，在光滑水平面上有一质量为m 1的足够长的木板，其上叠放一质量为m 2的木块.假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动m 1 m 2 F摩擦力相等。
广东省台山市华侨中学2021年高三上学期周六理综物理测试第2周
台山侨中2021年高三物理周六理综测试二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项是符合题目要求的，第19～21题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．如图所示，一辆自动卸货的货车装着一车沙石料到工地，停车后司机通过自动控制卸货系统，使货车的厢体缓慢倾斜，当厢体的倾斜角达到一定程度时，沙石料会自动从货厢尾部滑出从而完成自动卸货任务。
对于这一过程，下列说法中正确的是A ．在沙石料开始滑出货厢之前，货车相对地面有向左运动的趋势B ．在沙石料匀速滑出货厢的过程中，货车相对地面有向左运动的趋势C ．在沙石料加速滑出货厢的过程中，货车相对地面有向左运动的趋势D ．在沙石料加速滑出货厢的过程中，货车对地面的压力可能保持不变 15．一质点沿x 轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其xt t的图象如图所示，则A ．质点做匀速直线运动，速度为0.5m/sB ．质点做匀加速直线运动，加速度为0.5m/s 2C ．质点在第1s 内的平均速度0.75m/sD ．质点在1s 末速度为1.5m/s15题图xt/m ·s -1 t /sO-10.5左 右14题图16．如图16所示，有一混合正离子束先后通过正交电场、磁场区域Ⅰ和匀强磁场区域Ⅱ，如果这束正离子束在区域Ⅰ中不偏转，进入区域Ⅱ后偏转半径又相同，则说明这些正离子具有相同的( )A．动能B．质量C．电荷量D．比荷图16 17．电视机可以用遥控器关机而不用断开电源，这种功能叫做待机功能。
这一功能给人们带来了方便，但很少有人注意到在待机状态下电视机仍然要消耗电能。
例如小明家的一台34吋彩色电视机的待机功率大约是10W，假如他家电视机平均每天开机4h，看完电视后总是用遥控器关机而不切断电源。
试估算小明家一年(365天)中因这台电视机待机浪费的电能( )A．2.6×108J B．2.6×107J C．3.2×108J D．5.3×107J 18．如图18所示为交变电流的电流随时间而变化的图象，此交变电流的有效值是( )A．5 2 AB．5 AC.722A D．3.5 A图18 19．下列是教材中的四副插图中，关于下列四幅图片所涉及的物理思想、物理方法、物理实验、物理假设，说法不正确的是A．图甲是伽利略研究自由落体运动时用以“冲淡”重力而使得时间容易测量采用的一种巧妙方法B．图乙中小球从A斜面滑下，它要滑上B斜面的等高处，无论B斜面倾角多大，它总是乙丙丁甲19题图记得自己的起始高度，这是伽利略研究守恒量时采用的方法C．利用图丙可以探究感应电流方向,图中小磁铁无论向上运动还是向下运动,电流表中指针偏转方向都相同D．图丁是一种延迟继电器的示意图，即使图中B线圈断开，也不会影响继电器的延迟效果20. 如图20所示：将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等。
2020-2021学年广东省江门市台山墩头华侨中学高二物理联考试卷含解析
2020-2021学年广东省江门市台山墩头华侨中学高二物理联考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 下列物体在运动过程中．机械能可视作守恒的是CA．飘落中的秋叶 B．乘电梯匀速上升的人C．被掷出后在空中运动的铅球 D．沿粗糙斜面匀速下滑的木箱参考答案：C2. （多选）将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量带正电和带负电的微粒，而从整体上来说呈电中性）喷入磁场，由于等离子体在磁场力的作用下运动方向发生偏转，磁场中的两块金属板A 和B上就会聚集电荷，从而在两板间产生电压.在图示磁极配置的情况下，下列表述正确的是（）A．金属板A的电势较高B．通过电阻R的电流方向是b→R→aC．等离子体在A、B间运动时，磁场力对等离子体做正功D．等离子体在A、B间运动时，磁场力对等离子体不做功参考答案：AD3. （单选）在右图所示的电路中，电源的内阻不能忽略。
已知定值电阻R1＝10Ω, R2＝8Ω。
当单刀双掷开关S置于位置1时，理想电压表读数为2V。
则当S置于位置2时，电压表读数的可能值为( ）A．1.3V B．1.6V C．1.9V D．2.2V参考答案：C4. （2014秋?金凤区校级期中）在静电场中，关于场强、电势和电势能的说法正确的是（）A．电场强度大的地方电势一定高B．电势为零的地方场强一定为零，场强为零的地方电势也一定为零C．电场强度处处相同的区域内，电势不一定处处相同D．电势越高的地方，电荷的电势能越大参考答案：C匀强电场中电势差和电场强度的关系解：A、沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方，电场强度大，电场线疏的地方电场强度小．电势高的地方电场强度不一定大，电场强度大的地方，电势不一定高．故A错误．B、电势为零是人为选取的，则电势为零的地方场强可以不为零．故B错误．C、在匀强电场中，场强处处相等，但沿着电场线的方向电势逐渐降低，所以场强大小相同的点电势不一定相同，故C确．D、对于负电荷，电势越高的地方，电荷的电势能越小，则D错误故选：C5. 如图3所示的匀强磁场，磁感应强度为0.2T，通电直导线与磁场方向垂直，导线长度为0.2m，导线中电流为1A。
广东省江门市上华侨中学2021年高三物理上学期期末试卷带解析
广东省江门市上华侨中学2021年高三物理上学期期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，A、B是两个完全相同的灯泡，D是理想二极管，L是带铁芯的线圈，其电阻忽略不计。
下列说法正确的是A．S闭合瞬间，A先亮B．S闭合瞬间，A、B同时亮C．S断开瞬间，B逐渐熄灭D．S断开瞬间，A闪亮一下，然后逐渐熄灭参考答案：DAB、闭合瞬间线圈相当于断路，二极管为正向电流，故电流不走A灯泡，B亮，A错误，B错误．CD、开关S断开瞬间B立刻熄灭，由于二极管正向导通，故自感线圈与A形成回路，A闪亮一下，然后逐渐熄灭，C错误，D正确．故本题选择D答案。
本题依据自感线圈的特征：刚通电时线圈相当于断路，断开电键时线圈相当于电源；二极管的特征是只正向导通．还要知道该题两个关键点，1、要知道理想线圈的特征：刚通电时线圈相当于断路，断开电键时线圈相当于电源；2、要知道二极管的特征是只正向导通．这样就好选择正确答案。
自感现象和自感系数．菁L22. 如图1所示，质量为10kg的物体A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的拉力为5N 时，物体A 处于静止状态，若小车以1m/s2的加速度向右运动后，（g=10m/s2）则（）A．物体A相对小车仍然静止 B．物体A受到的摩擦力减小C．物体A受到的摩擦力大小不变 D．物体A受到的弹簧拉力增大参考答案：AC3. （多选题）下列叙述和热力学定律相关，其中正确的是（）A．第一类永动机不可能制成，是因为违背了能量守恒定律B．能量耗散过程中能量不守恒C．电冰箱的制冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界，违背了热力学第二定律D．能量耗散是从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性E．物体从单一热源吸收的热量可全部用于做功参考答案：ADE【考点】热力学第二定律；热力学第一定律．【分析】第一类永动机违背了能量守恒定律．第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第二定律，内能在转化为机械能的过程中要生热，所以要引起其它变化【解答】解；A、第一类永动机既不消耗能量又能源源不断对外做功，违背了能量守恒定律，所以不可能制成．故A正确．B、能量耗散过程中能量也守恒．故B错误．C、电冰箱的致冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界，是由于压缩机做功，并不违背了热力学第二定律．故C错误．D、能量耗散是从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性．故D正确．E、根据热力学第二定律可知：气体不可能从单一热源吸热，并全部用来对外做功，而不引起其它变化；若引起外界变化则可以，故E正确故选：ADE4. 如图所示，位于同一绝缘水平面内的两根固定金属导轨MN、M′N′，电阻不计，两导轨之间存在竖直向下的匀强磁场。
广东省江门市台山市华侨中学高三物理上学期测试卷(5)(
2015-2016学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）物理测试卷（5）一、单项选择题：每题6分，30分．1．如图甲所示，一个质量为3kg的物体放在粗糙水平地面上，从零时刻起，物体在水平力F作用下由静止开始做直线运动，在0﹣3s时间内物体的加速度a随时间t的变化规律如图乙所示，则（）A．F的最大值为12NB．0﹣1s和2﹣3s内物体加速度的方向相反C．3s末物体的速度最大，最大速度为8m/sD．在0﹣1s内物体做匀加速运动，2﹣3s内物体做匀减速运动2．如图，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O点，右端跨过位于O′点的固定光滑轴悬挂一质量为M的物体；OO′段水平，长度为L；绳子上套一可沿绳滑动的轻环．现在轻环上悬挂一钩码，平衡后，物体上升L．则钩码的质量为（）A． M B． M C． M D． M3．将一个质量为1kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反．该过程的v﹣t图象如图所示，g取10m/s2．说法中正确的是（）A．小球上升与下落所用时间之比为2：3B．小球下落过程，处于超重状态C．小球重力和阻力之比为5：1D．小球上升过程中机械能的损失大于下落过程中的机械能损失4．如图所示，木块A质量为1kg，木块B的质量为2kg，叠放在水平地面上，AB间最大静摩擦力为1N，地面光滑，重力加速度g=10m/s2．现用水平力F作用于B，则保持AB相对静止的条件是F不超过（）A．6 N B．5 N C．4 N D．3 N5．如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间．设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2．以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置．不计摩擦，在此过程中（）A．N1始终减小，N2始终增大B．N1始终减小，N2始终减小C．N1先增大后减小，N2始终减小D．N1先增大后减小，N2先减小后增大二、多项选择题：每题6分，共18分．6．如图所示，两光滑斜面的倾角分别为30°和45°，质量分别为2m和m的两个滑块用不可伸长的轻绳通过滑轮连接（不计滑轮的质量和摩擦），分别置于两个斜面上并由静止释放；若交换两滑块位置，再由静止释放，则在上述两种情形中正确的有（）A．质量为2m的滑块受到重力、绳的张力、沿斜面的下滑力和斜面的支持力的作用B．质量为m的滑块均沿斜面向上运动C．两种情形中绳的拉力大小相同D．系统在运动中机械能均守恒7．我国发射了一颗地球资源探测卫星，发射时，先将卫星发射至距离地面50km的近地圆轨道1上，然后变轨到近地点距离地面50km、远地点距离地面1500km的椭圆轨道2上，最后由轨道2进入半径为7900km的圆轨道3，轨道1、2相切于P点，轨道2、3相切于Q点．忽略空气阻力和卫星质量的变化，则以下说法正确的是（）A．该卫星从轨道1变轨到轨道2需要在P处点火减速B．该卫星在轨道3的机械能大于在轨道1的机械能C．该卫星在轨道2上稳定运行时，P点的速度小于Q点的速度D．该卫星在轨道2上Q点的加速度大于在轨道3上Q点的加速度8．如图，滑块a、b的质量均为m，a套在固定直杆上，与光滑水平地面相距h，b放在地面上，a、b通过铰链用刚性轻杆连接．不计摩擦，a、b可视为质点，重力加速度大小为g．则（）A．a落地前，轻杆对b一直做正功B．a落地时速度大小为C．a下落过程中，其加速度大小始终不大于gD．a落地前，当a的机械能最小时，b对地面的压力大小为mg二.非选择题9．用一根弹簧和一把弹簧秤做“求合力”实验．①用如图甲装置测定弹簧的劲度系数，挂钩码时不能超过弹簧的；②改变所挂钩码个数，把测出的多组数据绘成如图乙的弹力F跟伸长量x的关系图线，则弹簧的劲度系数为N/cm；③用这根弹簧和弹簧秤都与橡皮筋成135°角来拉橡皮筋，弹簧秤示数如图丙所示，则此时弹簧的伸长量为cm；④用力的图示以这两个分力为邻边做平行四边形，得出合力的大小F合，若实验误差较小可以忽略不计，则F合= N．10．某实验小组利用如图1所示的装置来探究“合外力一定时物体的加速度与质量之间的关系”．实验中交流电频率50Hz．①若实验中认为绳子拉力等于小桶及桶中物体的总重量，则需满足．②小组同学按图所示安装好装置后，将轨道右端适当垫起，来平衡阻力．请指出不合理之处．正确操作后，小组同学在小桶里加适当的物体，拉动小车加速运动．③某次实验打出了一条纸带如图2所示．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离（单位cm）．该次实验小车的加速度a= m/s2．（结果保留三位有效数字）④若某小组同学重物根据测得数据画出a﹣图象如图3所示，原因是．11．某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升飞机上由静止跳下，跳离飞机一段时间后打开降落伞做减速下落．他打开降落伞后的速度图线如图a．降落伞用8根对称的绳悬挂运动员，每根绳与中轴线的夹角均为37°，如图b．已知人的质量为50kg，降落伞质量也为50kg，不计人所受的阻力，打开伞后伞所受阻力f与速度v成正比，即f=kv （g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6）．求：（1）打开降落伞前人下落的距离为多大？（2）求阻力系数k和打开伞瞬间的加速度a的大小和方向？（3）悬绳能够承受的拉力至少为多少？12．如图所示一倾角为30°光滑的斜面，下端与一段很短的光滑弧面相切，弧面另一端与水平传送带相切，水平传送带以5m/s顺时针转动；今有质量为1kg的物体（可视为质点）从斜面上高度为h=0.8m处滑下；物体在弧面运动时不损失机械能，而且每次在弧面上运动时间极短可以忽略．已知传送带足够长，它与物体之间的滑动摩擦因数为0.5．取g=10m/s2．求：（1）水平传送带至少多长，物体才不会从左端滑出．（2）物体第一次从滑上传送带，到离开传送带所用的时间．13．以下有关近代物理内容的若干叙述，正确的是（）A．紫外线照射到金属锌板表面时能够发生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大B．有10个放射性元素的原子核，当有5个原子核发生衰变所需的时间就是该放射性元素的半衰期C．氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，会辐射一定频率的光子，同时氢原子的电势能减小，电子的动能增大D．天然放射现象说明原子核内部是有结构的E．重核的裂变和轻核的聚变过程都有质量亏损，都向外界放出核能14．如图所示，在光滑的水平面上放置一个质量为2m的木板B，B的左端放置一个质量为m 的物块A，已知A、B之间的动摩擦因数为μ，现有质量为m的小球以水平速度v0飞来与A 物块碰撞后立即粘住，在整个运动过程中物块A始终未滑离木板B，且物块A可视为质点，求（1）物块A相对B静止后的速度大小；（2）木板B至少多长．2015-2016学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）物理测试卷（5）参考答案与试题解析一、单项选择题：每题6分，30分．1．如图甲所示，一个质量为3kg的物体放在粗糙水平地面上，从零时刻起，物体在水平力F作用下由静止开始做直线运动，在0﹣3s时间内物体的加速度a随时间t的变化规律如图乙所示，则（）A．F的最大值为12NB．0﹣1s和2﹣3s内物体加速度的方向相反C．3s末物体的速度最大，最大速度为8m/sD．在0﹣1s内物体做匀加速运动，2﹣3s内物体做匀减速运动【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【分析】物体做加速运动时加速度方向与速度方向相同，加速度的大小与合外力成正比．物体的加速度保持恒定，则其所受合外力恒定【解答】解：A、第3s内物体加速度恒定，故所受作用力恒定，根据牛顿第二定律知F合=ma 知合外力为12N，由于物体在水平方向受摩擦力作用，故作用力大于12N，故A错误；B、物体在力F作用下由静止开始运动，加速度方向始终为正，与速度方向相同，故物体在前3s内始终做加速运动，第3s内加速度减小说明物体速度增加得变慢了，但仍是加速运动，故B错误；C、因为物体速度始终增加，故3s末物体的速度最大，再根据△v=a•△t知速度的增加量等于加速度与时间的乘积，在a﹣t图象上即为图象与时间轴所围图形的面积，△v=（1+3）×4=8m/s，物体由静止开始加速运动，故最大速度为8m/s，所以C正确；D、第2s内的物体的加速度恒定，物体做匀加速直线运动，在0﹣1s内物体做加速增大的加速运动，2﹣3s内物体做加速度减小的加速运动，故D错误；故选：C2．如图，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O点，右端跨过位于O′点的固定光滑轴悬挂一质量为M的物体；OO′段水平，长度为L；绳子上套一可沿绳滑动的轻环．现在轻环上悬挂一钩码，平衡后，物体上升L．则钩码的质量为（）A． M B． M C． M D． M【考点】共点力平衡的条件及其应用．【分析】由几何关系求出环两边绳子的夹角，然后根据平行四边形定则求钩码的质量．【解答】解：重新平衡后，绳子形状如下图：由几何关系知：绳子与竖直方向夹角为30°，则环两边绳子的夹角为60°，则根据平行四边形定则，环两边绳子拉力的合力为Mg，根据平衡条件，则钩码的质量为M．故选：D．3．将一个质量为1kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反．该过程的v﹣t图象如图所示，g取10m/s2．说法中正确的是（）A．小球上升与下落所用时间之比为2：3B．小球下落过程，处于超重状态C．小球重力和阻力之比为5：1D．小球上升过程中机械能的损失大于下落过程中的机械能损失【考点】功能关系；牛顿第二定律．【分析】根据图象可以得到上升过程中的加速度的大小，根据牛顿第二定律可以求得阻力的大小，从而得到重力与阻力之比．由牛顿第二定律求得小球下降过程的加速度的大小，利用位移时间的关系可以求得运动的时间关系，利用功的公式可以分析克服阻力做的功关系，从而得到机械能损失的关系．【解答】解：A、根据图象可得，小球上升的过程中，加速度的大小为：a上==m/s2=12m/s2根据牛顿第二定律可得：mg+f=ma，解得阻力大小为：f=ma﹣mg=1×（12﹣10）N=2N在下降的过程中，加速度的大小为：a下==8m/s2上升和下降位移大小相等，根据x=at2可得运动的时间为：t=，所以时间之比为小球上升与下落所用时间之比为： ===，故A错误；B、小球下落过程，加速度向下，处于失重状态，故B错误；C、小球重力和阻力之比为 G：f=mg：f=10：2=5：1，故C正确；D、机械能损失等于克服阻力做功的大小，在上升和下降的过程中，阻力的大小不变，高度相同，所以克服阻力做的功也相同，机械能的损失也相同，故D错误；故选：C4．如图所示，木块A质量为1kg，木块B的质量为2kg，叠放在水平地面上，AB间最大静摩擦力为1N，地面光滑，重力加速度g=10m/s2．现用水平力F作用于B，则保持AB相对静止的条件是F不超过（）A．6 N B．5 N C．4 N D．3 N【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】要使AB能保持相对静止，由题意可知当F最大时，AB间的摩擦力应刚好为最大静摩擦力，则以A为研究对象可求得两物体共同运动时所具有的最大加速度；再用整体法可求得F的最大值．【解答】解：对A有：F max=m A a max；代入数据解得：a max=1m/s2；对整体有：F=（m A+m B）a max；代入数据解得：F=3N；故选：D．5．如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间．设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2．以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置．不计摩擦，在此过程中（）A．N1始终减小，N2始终增大B．N1始终减小，N2始终减小C．N1先增大后减小，N2始终减小D．N1先增大后减小，N2先减小后增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】以小球为研究对象，分析受力情况：重力、木板的支持力和墙壁的支持力，根据牛顿第三定律得知，墙面和木板对球的压力大小分别等于球对墙面和木板的支持力大小，根据平衡条件得到两个支持力与θ的关系，再分析其变化情况．【解答】解：以小球为研究对象，分析受力情况：重力G、墙面的支持力N1′和木板的支持力N2′．根据牛顿第三定律得知，N1=N1′，N2=N2′．根据平衡条件得：N1′=Gcotθ，N2′=将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置的过程中，θ增大，cotθ减小，sinθ增大，则N1′和N2′都始终减小，故N1和N2都始终减小．故选B二、多项选择题：每题6分，共18分．6．如图所示，两光滑斜面的倾角分别为30°和45°，质量分别为2m和m的两个滑块用不可伸长的轻绳通过滑轮连接（不计滑轮的质量和摩擦），分别置于两个斜面上并由静止释放；若交换两滑块位置，再由静止释放，则在上述两种情形中正确的有（）A．质量为2m的滑块受到重力、绳的张力、沿斜面的下滑力和斜面的支持力的作用B．质量为m的滑块均沿斜面向上运动C．两种情形中绳的拉力大小相同D．系统在运动中机械能均守恒【考点】机械能守恒定律；物体的弹性和弹力．【分析】对两个滑块受力分析，先加速静止不动，得到两边对细线的拉力大小，得到运动情况；机械能守恒的判断可以从能量转化的角度来分析．【解答】解：A、两个滑块都受到重力、支持力和拉力，下滑趋势是重力的作用效果，故A 错误；B、由于2m的物体的重力的下滑分量总是较大，故质量为m的滑块均沿斜面向上运动，故B 正确；C、根据牛顿第三定律，绳对质量为m滑块的拉力均等于该滑块对绳的拉力，故C正确；D、系统减小的重力势能完全转化为动能，无其他形式的能量参与转化，故机械能守恒，故D正确；故选：BCD7．我国发射了一颗地球资源探测卫星，发射时，先将卫星发射至距离地面50km的近地圆轨道1上，然后变轨到近地点距离地面50km、远地点距离地面1500km的椭圆轨道2上，最后由轨道2进入半径为7900km的圆轨道3，轨道1、2相切于P点，轨道2、3相切于Q点．忽略空气阻力和卫星质量的变化，则以下说法正确的是（）A．该卫星从轨道1变轨到轨道2需要在P处点火减速B．该卫星在轨道3的机械能大于在轨道1的机械能C．该卫星在轨道2上稳定运行时，P点的速度小于Q点的速度D．该卫星在轨道2上Q点的加速度大于在轨道3上Q点的加速度【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【分析】在1圆轨道变轨到2椭圆轨道的过程中，需要加速做离心运动，速度可能大于7.9km/s．卫星在轨道2上从远地点向近地点运动的过程中机械能守恒．由轨道2变为轨道3需要在远地点点火加速做离心运动．【解答】解：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有：G=m，解得：v=A、卫星从轨道1变轨到轨道2时要做离心运动，需要在P处点火加速，故A错误；B、卫星在轨道2上运行时机械能守恒．卫星从轨道2变轨到轨道3时要做离心运动，需要在Q处点火加速，机械能增大，所以该卫星在轨道3的机械能大于在轨道1的机械能，故B 正确．C、该卫星在轨道2上稳定运行时，根据开普勒第二定律可知，近地点P点的速度大于远地点Q点的速度，故C错误；D、根据牛顿第二定律和万有引力定律得：G=ma得：a=，所以卫星在轨道2上经过Q点的加速度等于在轨道3上经过Q点的加速度，故D错误．故选：B8．如图，滑块a、b的质量均为m，a套在固定直杆上，与光滑水平地面相距h，b放在地面上，a、b通过铰链用刚性轻杆连接．不计摩擦，a、b可视为质点，重力加速度大小为g．则（）A．a落地前，轻杆对b一直做正功B．a落地时速度大小为C．a下落过程中，其加速度大小始终不大于gD．a落地前，当a的机械能最小时，b对地面的压力大小为mg【考点】功能关系．【分析】a、b组成的系统只有重力做功，系统机械能守恒，通过b的动能变化，判断轻杆对b的做功情况．根据系统机械能守恒求出a球运动到最低点时的速度大小．【解答】解：A、当a到达底端时，b的速度为零，b的速度在整个过程中，先增大后减小，动能先增大后减小，所以轻杆对b先做正功，后做负功．故A错误．B、a运动到最低点时，b的速度为零，根据系统机械能守恒定律得：m A gh=m A v A2，解得：v A=．故B正确．C、b的速度在整个过程中，先增大后减小，所以a对b的作用力先是动力后是阻力，所以b 对a的作用力就先是阻力后是动力，所以在b减速的过程中，b对a是向下的拉力，此时a 的加速度大于重力加速度，故C错误；D、a、b整体的机械能守恒，当a的机械能最小时，b的速度最大，此时b受到a的推力为零，b只受到重力的作用，所以b对地面的压力大小为mg，故D正确；故选：BD．二.非选择题9．用一根弹簧和一把弹簧秤做“求合力”实验．①用如图甲装置测定弹簧的劲度系数，挂钩码时不能超过弹簧的弹性限度；②改变所挂钩码个数，把测出的多组数据绘成如图乙的弹力F跟伸长量x的关系图线，则弹簧的劲度系数为0.2 N/cm；③用这根弹簧和弹簧秤都与橡皮筋成135°角来拉橡皮筋，弹簧秤示数如图丙所示，则此时弹簧的伸长量为10.5 cm；④用力的图示以这两个分力为邻边做平行四边形，得出合力的大小F合，若实验误差较小可以忽略不计，则F合= 2.96 N．【考点】验证力的平行四边形定则．【分析】使用弹簧秤时不能超过弹簧的弹性限度；根据胡克定律，通过图线的斜率求出弹簧的劲度系数．根据弹簧秤示数运用胡克定律求解弹簧的伸长量．【解答】解：①用如图甲装置测定弹簧的劲度系数，挂钩码时不能超过弹簧的弹性限度；②改变所挂钩码个数，把测出的多组数据绘成如图乙的弹力F跟伸长量x的关系图线，根据胡克定律得图线的斜率表示劲度系数，则k==0.2N/cm；③用这根弹簧和弹簧秤都与橡皮筋成135°角来拉橡皮筋，弹簧秤示数如图丙所示，弹簧秤示数为2.10N，则此时弹簧的伸长量为△x==10.5cm，④用力的图示以这两个分力为邻边做平行四边形，得出合力的大小F合，若实验误差较小可以忽略不计，则F合=2.10×=2.96N故答案为：（1）①弹性限度；②0.2；③10.5；④2.9610．某实验小组利用如图1所示的装置来探究“合外力一定时物体的加速度与质量之间的关系”．实验中交流电频率50Hz．①若实验中认为绳子拉力等于小桶及桶中物体的总重量，则需满足小桶和桶中的物体的总质量远小于小车的总质量．②小组同学按图所示安装好装置后，将轨道右端适当垫起，来平衡阻力．请指出不合理之处平衡摩擦力时，不能挂着小桶．正确操作后，小组同学在小桶里加适当的物体，拉动小车加速运动．③某次实验打出了一条纸带如图2所示．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离（单位cm）．该次实验小车的加速度a= 0.155 m/s2．（结果保留三位有效数字）④若某小组同学重物根据测得数据画出a﹣图象如图3所示，原因是重物质量过大．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】实验中当小桶和桶中的物体的总质量远小于小车的总质量，认为绳子的拉力等于小车的合力，平衡摩擦力时不能挂着小桶、砝码．根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度，结合a﹣图线得出加速度与质量的关系．【解答】解：①根据牛顿第二定律可知，当小桶和桶中的物体的总质量远小于小车的总质量时，认为绳子拉力等于小桶及桶中物体的总重量，②平衡摩擦力时不能挂着小桶、砝码，应该让小车拖着纸带运动．③根据△x=aT2，运用逐差法得，a===0.155m/s2．④设小车的加速度为a，绳子拉力为F，以砝码和砝码盘为研究对象得：mg﹣F=ma以小车为研究对象有：F=Ma解得：a=故：F=Ma=所以要使得绳子拉力等于砝码和砝码盘的重力大小，必有m＜＜M，而不满足m＜＜M时，随m的增大物体的加速度a逐渐减小；故答案为：①小桶和桶中的物体的总质量远小于小车的总质量；②平衡摩擦力时，不能挂着小桶；③0.155；④重物质量过大．11．某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升飞机上由静止跳下，跳离飞机一段时间后打开降落伞做减速下落．他打开降落伞后的速度图线如图a．降落伞用8根对称的绳悬挂运动员，每根绳与中轴线的夹角均为37°，如图b．已知人的质量为50kg，降落伞质量也为50kg，不计人所受的阻力，打开伞后伞所受阻力f与速度v成正比，即f=kv （g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6）．求：（1）打开降落伞前人下落的距离为多大？（2）求阻力系数k和打开伞瞬间的加速度a的大小和方向？（3）悬绳能够承受的拉力至少为多少？【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】（1）根据速度位移公式求出打开降落伞前人下落的高度．（2）抓住平衡，根据kv=（m1+m2）g求出阻力系数，根据牛顿第二定律求出加速度的大小．（3）对人分析，根据牛顿第二定律求出拉力的大小．【解答】解：（1）根据速度位移公式得：，（2）最后匀速下降时有：kv=（m1+m2）g代入数据解得：k=200N•s/m打开伞瞬间对整体：kv0﹣（m1+m2）g=（m1+m2）a解得： ==30m/s2．方向竖直向上（3）设每根绳拉力为T，以运动员为研究对象有：8Tcosα﹣m1g=m1a，解得：T=N=312.5N．由牛顿第三定律得：悬绳能承受的拉力为至少为312.5N答：（1）打开降落伞前人下落的距离为20m；（2）求阻力系数k为200N/m，打开伞瞬间的加速度a的大小为30m/s2，方向竖直向上．（3）悬绳能够承受的拉力至少为312.5N．12．如图所示一倾角为30°光滑的斜面，下端与一段很短的光滑弧面相切，弧面另一端与水平传送带相切，水平传送带以5m/s顺时针转动；今有质量为1kg的物体（可视为质点）从斜面上高度为h=0.8m处滑下；物体在弧面运动时不损失机械能，而且每次在弧面上运动时间极短可以忽略．已知传送带足够长，它与物体之间的滑动摩擦因数为0.5．取g=10m/s2．求：（1）水平传送带至少多长，物体才不会从左端滑出．（2）物体第一次从滑上传送带，到离开传送带所用的时间．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】（1）根据物体在斜面上的受力和下滑高度，根据牛顿第二定律和运动学规律求得物体滑上传送带的速度，再根据速度时间和位移时间关系求得物体速度减小为零时在水平方向产生的位移即为传送带的最小长度；（2）由牛顿第二定律求出加速度，然后应用匀变速直线运动的速度位移公式与速度公式分析答题．【解答】解：（1）设物体滑上水平传送带初速度为v，由牛顿第二运动定律：mgsinθ=ma由匀变速直线运动规律：代入数据得v=物体滑上传送带后作减速运动，由牛顿第二定律得加速度大小为a=所以物体在传送带上减速到零的时间为物体对地的位移为水平传送带至少1.6m，物体才不会从左端滑出；（2）由（1）分析知，传送带足够长，物体速度为零后再反向加速运动，加速到末速度为v'=4m/s时，反向加速的时间：所以在传送带上运动来回的时间为t=0.8+0.8s=1.6s答：（1）水平传送带至少为1.6m长，物体才不会从左端滑出；（2）物体第一次从滑上传送带，到离开传送带所用的时间为1.6s．13．以下有关近代物理内容的若干叙述，正确的是（）A．紫外线照射到金属锌板表面时能够发生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大B．有10个放射性元素的原子核，当有5个原子核发生衰变所需的时间就是该放射性元素的半衰期。
广东省台山市华侨中学2021年高三上学期第一次统测理综物理试题
台山侨中2021年高三物理第一次统测9二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项是符合题目要求的，第19～21题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是（ ）A ．将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化B ．在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，然后观察电流表的变化C ．将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接。
往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化D ．绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化15．如图，一半径为R 的圆盘上均匀分布着电荷量为Q 的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a 、 b 、d 三个点，a 和b 、b 和c 、 c 和d 间的距离均为R ，在a 点处有一电荷量为q （q>O ）的固定点电荷．已知b 点处的场强为零，则d 点处场强的大小为（k 为静电力常量）（ ）A ．23R q k 错误！未找到引用源。
B ．2910R q kC ．2R q Q k + D ．299R q Q k + 16．一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3：1，在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈一侧接在电压为220V 的正弦交流电源上，如图所示。
设副线圈回路中电阻两端的电压为U ，原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k ，则（ ）A ．9166==k ,V U B ．9122==k ,V U C ．3166==k ,V U D ．3122==k ,V U17．如图，用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上，系统处于平衡状态。
现使小车从静止开始向左加速，加速度从零开始逐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳定地偏离竖直方向某一角度（橡皮筋在弹性限度内）。
2021年高三上学期周周清同步检测物理试题含答案
2021年高三上学期周周清同步检测物理试题含答案一、选择题1.（单选）关于力和运动的关系，下列说法中正确的是（）A．力是物体运动的原因B．力是维持物体运动的原因C．力是改变物体运动状态的原因D．力是物体获得速度的原因2.（单选）下列物理量中，属于矢量的是（）A．重力B．动能C．质量D．时间3.（单选）细绳一端固定在天花板上，另一端拴一质量为m的小球，如图所示．使小球在竖直平面内摆动，经过一段时间后，小球停止摆动．下列说法中正确的是（）A．小球机械能守恒B．小球能量正在消失C．小球摆动过程中，只有动能和重力势能在相互转化D．总能量守恒，但小球的机械能减少4.（单选）关于胡克定律的下列说法，正确的是（）A．拉力相同、伸长不相同的弹簧，它们的劲度系数相同B．劲度系数相同的弹簧，弹簧的伸长也一定相同C．劲度系数相同的弹簧，弹簧的弹力也一定相同D．劲度系数和拉力、伸长没有关系，它只决定于弹簧的材料、长度、弹簧丝的粗细5.（单选）质量为1kg的铅球从离地高18m处无初速度释放，经2s到达地面．在这个过程中重力和空气阻力对铅球做的功分别是（g取10m/s2）（）A．18J、2J B．180J、﹣18J C．180J、0 D．200J、06.（单选）一个物体在8N的合外力作用下，产生4m/s2的加速度，它受16N的合外力作用时的加速度是（）A．1m/s2B．2m/s2C．4m/s2D．8m/s27.从地面上方同一高度沿水平和竖直向上方向分别抛出两个等质量的小物体，抛出速度大小都是为v，不计空气阻力，对两个小物体以下说法正确的是（）A．落地时的速度相同B．落地时重力做功的瞬时功率相同C．从抛出到落地重力的冲量相同D．两物体落地前动量变化率相等8.（单选）弹簧一端固定，另一端受到拉力F 的作用，F与弹簧伸长量x的关系如图所示．该弹簧的劲度系数为（）A．2 N/m B．4 N/m C．20 N/m D．0.05 N/m9.（多选）关于打点计时器的使用说法正确的是（）A．电磁打点计时器使用的是10V以下的直流电源B．在测量物体速度时，先让物体运动，后接通打点计时器的电源C．使用的电源频率越高，打点的时间间隔就越短D．纸带上打的点越密，说明物体运动得越慢10.（单选）月球上没有空气，若宇航员在月球上将羽毛和石块从同一高度处同时由静止释放，则（）A．羽毛先落地B．石块先落地C．它们同时落地D．它们不可能同时落地11.（多选）关于物体的动量，下列说法中正确的是（）A．物体的动量越大，其惯性也越大B．同一物体的动量越大，其速度一定越大C．物体的加速度不变，其动量一定不变D．运动物体在任一时刻的动量方向一定是该时刻的速度方向12.（单选）关于功和功率下列说法正确的是（）A．功是矢量，功率是标量B．公式P=FV中P是发动机功率F是合外力C．做功越多的机器功率一定越大D．功率是描述做功快慢的物理量13.（单选）质量为60kg的人，站在升降机内的台秤上，测得体重为480N，则升降机的运动应是（）A．匀速上升或匀速下降B．加速上升C．减速上升D．减速下降14.（单选）如图所示，三根横截面完全相同的圆木材A、B、C按图示方法放在水平面上，它们均处于静止状态，则下列说法正确的是（）A．B所受的合力大于A受的合力B．B、C对A的作用力的合力方向一定竖直向上C．B与C之间一定存在弹力D．如果水平面光滑，它们也能保持图示的平衡15.（单选）物体在地面附近绕地球做匀速圆周运动的速度叫“第一宇宙速度”，其大小为（）A．7.9km/s B．11.2 km/s C．16.7 km/s D．24.4 km/s16.我国将要发射一颗绕月运行的探月卫星“嫦娥1号”。
广东省江门市台山墩头华侨中学高三物理上学期期末试卷含解析
广东省江门市台山墩头华侨中学高三物理上学期期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 利用速度传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的图象，某同学在一次实验中得到的运动小车的v-t图象如图所示，由此可以知道A．小车做曲线运动B．小车先做加速运动，后做减速运动C．小车运动的最大速度约为 0.8m/sD．小车的最大位移约为11m参考答案：BC解析：物体运动的v-t图象表示的是直线运动，由v-t图象可知，小车先做加速运动，后做减速运动，小车运动的最大速度约为 0.8m/s，选项A错误BC正确；由v-t图象与横轴所夹面积表示位移可知，小车的最大位移约为16m，选项D错误。
2. 一个可自由运动的轻线圈L1和一个固定的线圈L2互相垂直放置，且两个圆线圈的圆心重合，当两线圈都能以如图所示的电流时，则从左向右看，线圈L1将（）.A．不动B．逆时针转动C．顺时针转动D．向纸外平动参考答案：B3. （单选）宇宙间存在一些离其它恒星较远的三星系统，其中有一种三星系统如图所示，三颗质量均为m的星位于等边三角形的三个顶点，三角形边长为L，忽略其它星体对它们的引力作用，三星在同一平面内绕三角形中心O做匀速圆周运动，则：A. 当质量m变为原来的2倍，距离L也变为原来的2倍时，周期变为原来的2倍B．当质量m变为原来的2倍，距离L也变为原来的2倍时，线速度变为原来的2倍C．该三星系统运动的周期跟两星间距离L无关，只与星的质量m有关D. 该三星系统运动的周朔跟星的质量m无关，只与两星间距离L有关参考答案：A 解析：任意两个星星之间的万有引力为：F=G每一颗星星受到的合力为：F1=F，恒星的转动半径R=L，根据万有引力的合力提供圆周运动向心力有A、可得周期T=，可知当质量m和L均变为原来的2倍，可知周期变为原来的2倍，故A正确；B、可得线速度v=，可知当质量m和L均变为原来的倍时，可知线速度保持不变，故B错误；CD、由周期T=可知，周期既与恒星的质量m有关也与恒星的距离有关，故CD错误．故选：A．4. （多选题）如图所示，在水平向右的匀强电场中以竖直和水平方向建立直角坐标系，一带负电的油滴从坐标原点以初速度v0向第一象限某方向抛出，当油滴运动到最高点A（图中未画出）时速度为v t，试从做功与能量转化角度分析此过程，下列说法正确的是（）A．若v t＞v0，则重力和电场力都对油滴做正功引起油滴动能增大B．若v t＞v0，则油滴电势能的改变量大于油滴重力势能的改变量C．若v t=v0，则A点可能位于第一象限D．若v t=v0，则A点一定位于第二象限参考答案：BD【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】负电荷所受力的方向与电场强度方向相反，所以该电荷受水平向左的电场力和竖直向下的重力，根据功能关系即可求解．【解答】解：A、若v t＞v0，根据动能定理得：＞O该电荷受电场力水平向左，所以当油滴运动到最高点A的过程中，重力做负功，则电场力力必定做正功，且电场力做的功比重力做的功多，而电场力做油滴做的功等于电势能的变化量，重力对油滴做的功等于重力势能的变化量，所以油滴电势能的改变量大于油滴重力势能的改变量，故A错误，B正确；C、若v t=v0，根据动能定理得：=O，重力做负功，则电场力力必定做正功，且两者相等，故A点一定位于第二象限，故C错误，D正确．故选BD5. （单选）如图甲所示，静止在光滑水平面上的长木板B（长木板足够长）的左端放着小物块A．某时刻，A受到水平向右的外力F作用，F随时间t的变化规律如图乙所示，即F=kt，其中k为已知常数．若物体之间的滑动摩擦力f的大小等于最大静摩擦力，且A、B 的质量相等，则下列图中可以定性地描述长木板B运动的V﹣t图象的是（）A．B．C．D．参考答案：解：选AB整体为研究对象，AB整体具有共同的最大加速度，有牛顿第二定律得：a1=对B应用牛顿第二定律：a1=对A应用牛顿第二定律：a1=经历时间：t=由以上解得：t=此后，B将受恒力作用，做匀加速直线运动，图线为倾斜的直线故选：B6. 如右图所示，倾角为300的直角三角形底边长为2L，底边处在水平位置，斜边为光滑绝缘导轨．现在底边中点O处固定一正电荷Ｑ，让一个质量为m的带负电的点电荷从斜面顶端A沿斜面滑下．已测得它滑到仍在斜边上的垂足D处的速度为v，则该质点滑到斜边底端C点时的速度为__________参考答案：7. 由某门电路构成的一简单控制电路如图所示，其中为光敏电阻，光照时电阻很小，R为变阻器，L为小灯泡。
广东省台山市华侨中学高三物理上学期小测05(2021年整理)
广东省台山市华侨中学高三物理上学期小测05编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（广东省台山市华侨中学高三物理上学期小测05）的内容能够给您的工作和学习带来便利。
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2018届高三物理小测05(第7周）一、单选题1．做曲线运动的物体，在运动过程中，一定变化的物理量是A ．速率B ．速度C ．加速度D ．合外力2。
人用手托着质量为m 的“小苹果”，从静止开始沿水平方向加速运动（物体与手始终相对静止），物体与手掌之间的动摩擦因数为μ，则下列说法正确的是A ．手对苹果的作用力方向竖直向上B ．手对苹果的作用力方向水平向前C ．手对苹果的作用力方向斜向前方D ．苹果所受摩擦力大小为mg μ3。
设洒水车的牵引力不变，所受阻力与车重成正比，洒水车在平直路面上行驶，原来是匀速的,开始洒水后,它的运动情况将是A ．继续做作匀速直线运动B ．做匀加速直线运动C ．做加速度逐渐变小的变加速直线运动D ．做加速度逐渐变大的变加速直线运动4．某同学这样来计算第一宇宙速度:s km s km T R v /465.0/360024104.614.3223=⨯⨯⨯⨯==π 这一结果与正确的值相差很大，这是由于他在近似处理中错误地假设了A. 卫星的周期等于地球自转的周期 B 。
卫星的轨道是圆C 。
卫星的轨道半径等于地球的半径D 。
卫星的向心力等于它在地面上时所受的地球引力 二、多选题5。
将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中,t v -图像如图所示,以下判断正确的是A ．前s 3内货物处于超重状态B ．最后s 2内货物只受重力作用C ．前s 3内与最后s 2内货物的平均速度相同D ．第s 3末至第s 5末的过程中，货物的机械能守恒 6。
广东省台山市华侨中学高三物理上学期小测01(2021年整理)
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2018届高三第一学期物理小测1一、单项选择题：每题6分，共36分。
1．如图所示，光滑水平面上，质量分别为m 、M 的木块A 、B 在水平恒力F 作用下一起以加速度a 向右做匀加速运动，木块间的轻质弹簧劲度系数为k ，原长为L 。
则此时木块A 、B 间的距离为 A.L ＋错误! B. L ＋错误!C. L ＋错误! D 。
L ＋错误!2．如图所示，电灯悬挂于两墙之间,更换绳OA ，使连接点A 向上移，但保持O 点位置不变,则A 点向上移时,绳OA 的拉力 A ．逐渐增大 B ．逐渐减小 C ．先增大后减小 D ．先减小后增大3、如图所示，木块A 质量为1 kg ，木块B 的质量为2 kg ，叠放在水平地面上，A 、B 间最大静摩擦力为1 N ， B 与地面间动摩擦因数为0。
1，今用水平力F 作用于B ，则保持A 、B 相对静止的条件是F 不超过 A ．3 N B ．4 N C ．5 N D ．6 N4、如图所示,水平放置的传送带以速度v=2m/s 向右运行,现将一小物体轻轻地放在传送带A 端，物体与传送带间的动摩擦因数μ=0.2，若A端与B 端相距4 m ，则物体由A 运动到B 的时间和物体到达B 端时的速度分别是 A ．2。
5 s ，2m/s B ．1s ，2m/s C ．2.5s,4m/s D ．1s,4/s二、多项选择题：每题6分，共24分。
广东省江门市台山市华侨中学高三物理上学期第6周周测试卷(含解析)
2015-2016学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）第6周周测物理试卷二、选择题：1．如图，在一水平、固定的闭合导体圆环上方．有一条形磁铁（N极朝上，S极朝下）由静止开始下落，磁铁从圆环中穿过且不与圆环接触，关于圆环中感应电流的方向（从上向下看），下列说法正确的是（）A．总是顺时针B．总是逆时针C．先顺时针后逆时针 D．先逆时针后顺时针2．如图，一半径为R的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端等高；质量为m的质点自轨道端点P由静止开始滑下，滑到最低点Q时，对轨道的正压力为2mg，重力加速度大小为g．质点自P滑到Q的过程中，克服摩擦力所做的功为（）A． mgR B． mgR C． mgR D． mgR3．如图，表面处处同样粗糙的楔形木块abc固定在水平地面上，ab面和bc面与地面的夹角分别为α和β，且α＞β．一初速度为v0的小物块沿斜面ab向上运动，经时间t0后到达顶点b时，速度刚好为零；然后让小物块立即从静止开始沿斜面bc下滑．在小物块从a 运动到c的过程中，可能正确描述其速度大小v与时间t的关系的图象是（）A．B．C． D．4．如图，理想变压器原、副线圈匝数比为20：1，两个标有“12V，6W”的小灯泡并联在副线圈的两端．当两灯泡都正常工作时，原线圈电路中电压表和电流表（可视为理想表）的示数分别是（）A．120V，0.10A B．240V，0.025A C．120V，0.005A D．240V，0.05A5．据报道，目前我国正在研制“萤火二号”火星探测器．探测器升空后，先在近地轨道上以线速度v环绕地球飞行，再调整速度进入地火转移轨道，最后再一次调整速度以线速度v′在火星表面附近环绕飞行，若认为地球和火星都是质量分布均匀的球体，已知火星与地球的半径之比为1：2，密度之比为5：7，设火星与地球表面重力加速度分别为g′和g，下列结论正确的是（）A．g′：g=4：1 B．g′：g=10：7 C．v′：v=D．v′：v=6．下列说法中，符合物理学史实的是（）A．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用，物体或静止B．牛顿认为，力是物体运动状态改变的原因，而不是物体运动的原因C．麦克斯韦发现了电流的磁效应，即电流可以在其周围产生磁场D．奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转7．从地面上以初速度v0竖直上抛一质量为m的小球，若运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比，小球运动的速率随时间变化的规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地速率为v1，且落地前小球已经做匀速运动，则下列说法正确的是（）A．小球加速度在上升过程中逐渐减小，在下降过程也逐渐减小B．小球抛出瞬间的加速度大小为（1+）gC．小球被抛出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值最小D．小球上升过程的平均速度小于8．如图（a），直线MN表示某电场中一条电场线，a、b是线上的两点，将一带负电荷的粒子从a点处由静止释放，粒子从a运动到b过程中的v﹣t图线如图（b）所示，设a、b两点的电势分别为φa、φb，场强大小分别为E a、E b，粒子在a、b两点的电势能分别为W a、W b，不计重力，则有（）A．φa＞φb B．E a＞E b C．E a＜E b D．W a＞W b二、非选择题：9．现要测量滑块与木板之间的动摩擦因数，实验装置如图1所示．表面粗糙的木板一端固定在水平桌面上，另一端抬起一定高度构成斜面；木板上有一滑块，其后端与穿过打点计时器的纸带相连，打点计时器固定在木板上，连接频率为50Hz的交流电源．接通电源后，从静止释放滑块，滑块带动纸带上打出一系列点迹．（1）图2给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6是实验中选取的计数点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出），2、3和5、6计数点间的距离如图2所示．由图中数据求出滑块的加速度a= m/s2（结果保留三位有效数字）．（2）已知木板的长度为l，为了求出滑块与木板间的动摩擦因数，还应测量的物理量是．A．滑块到达斜面底端的速度v B．滑块的质量mC．滑块的运动时间t D．斜面高度h和底边长度x（3）设重力加速度为g，滑块与木板间的动摩擦因数的表达式μ=（用所需测量物理量的字母表示）10．（11分）为了节能环保，一些公共场所使用光控开关控制照明系统．光控开关可采用光敏电阻来控制，光敏电阻是阻值随着光的照度而发生变化的元件（照度可以反映光的强弱，光越强照度越大，照度单位为lx）．（1）某光敏电阻R在不同照度下的阻值如下表，根据表中已知数据，在图1的坐标系中描绘出了阻值随照度变化的曲线．由图象可求出照度为1.01x时的电阻约为kΩ．照度/1x 0.2 0.4 0.6 0.8 1.0 1.2电阻/kΩ 5.8 3.7 2.8 2.3 1.8（2）如图2所示是街道路灯自动控制模拟电路，利用直流电源为电磁铁供电，利用照明电源为路灯供电．为达到天亮灯熄、天暗灯亮的效果，路灯应接在（填“AB”或“BC”）之间，请用笔画线代替导线，正确连接电路元件．（3）用多用电表“×10Ω”挡，按正确步骤测量图中电磁铁线圈电阻时，指针示数如图3所示9则线圈的电阻为Ω．已知当线圈中的电流大于或等于2mA时，继电器的衔铁将被吸合．图中直流电源的电动势E=6V，内阻忽略不计，滑动变阻器有三种规格可供选择：R l（0～10Ω，2A）、R2（0～200Ω，1A）、R3（0～1750Ω，0.1A）．要求天色渐暗照度降低至l.0lx时点亮路灯，滑动变阻器应选择（填R1、R2、R3）．为使天色更暗时才点亮路灯，应适当地（填“增大”或“减小”）滑动变阻器的电阻．11．在风洞实验室中进行如图所示的实验．在倾角为37°的固定斜面上，有一个质量为1kg 的物块，在风洞施加的水平恒力F作用下，从A点由静止开始运动，经过1.2s到达B点时立即关闭风洞，撤去恒力F，物块到达C点是速度变为零，通过速度传感器测得这一过程中物块每隔0.2s的瞬时速度，表给出了部分数据：t/s 0.0 0.2 0.4 0.6 … 1.4 1.6 1.8 …v/（m•s﹣1）0.0 1.0 2.0 3.0 … 4.0 2.0 0.0 …已知sin37°=0.6，con37°=0.8，g取10m/s2求：（1）A、C两点间的距离（2）水平恒力F的大小．12．如图所示，在空间建立O﹣xyz坐标系，水平向右为x轴正方向，竖直向上为y轴正方向，垂直纸面向外为z轴的正方向（图中未画出）．一个放射源放在x轴上A点（﹣2a，0），它能持续放出质量为m，带电量为+q，速度大小为v0的粒子，粒子射出方向与x轴夹角可调节，在第二象限区域外加场的作用下，粒子射出后总由y轴上C点（0，3a，0）以垂直于y轴的方向射入第一象限．而在y轴右侧相距为a处有与x轴垂直的足够大光屏PQ，y轴和光屏PQ间同时存在垂直纸面向外、大小为E0的匀强电场以及大小为B0=的匀强磁场，不计粒子的重力．（1）若在第二象限整个区域仅存在沿﹣y轴方向的匀强电场，求该电场的场强E；（2）若在第二象限整个区域仅存在垂直纸面的匀强磁场，求磁感应强度B；（3）在上述两种情况下，粒子最终打在光屏上的位置坐标．[物理--选修3-5]（15分）13．关于近代物理学，下列说法正确的是（）A．α射线、β射线和γ射线是三种波长不同的电磁波B．一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时能辐射出6种不同频率的光C．重核裂变过程生成中等质量的核，反应前后质量数守恒，但质量一定减少D．10个放射性元素的原子核在经一个半衰期后，一定有5个原子核发生衰变E．光电效应和康普顿效应的实验都表明光具有粒子性14．如图所示，质量为m=245g的物块（可视为质点）放在质量为M=0.5kg的木板左端，足够长的木板静止在光滑水平面上，物块与木板间的动摩擦因数为μ=0.4，质量为m0=5g的子弹以速度v0=300m/s沿水平方向射入物块并留在其中（时间极短），子弹射入后，g取10m/s2，求：（Ⅰ）物块相对木板滑行的时间；（Ⅱ）物块相对木板滑行的位移．2015-2016学年广东省江门市台山市华侨中学高三（上）第6周周测物理试卷参考答案与试题解析二、选择题：1．如图，在一水平、固定的闭合导体圆环上方．有一条形磁铁（N极朝上，S极朝下）由静止开始下落，磁铁从圆环中穿过且不与圆环接触，关于圆环中感应电流的方向（从上向下看），下列说法正确的是（）A．总是顺时针B．总是逆时针C．先顺时针后逆时针 D．先逆时针后顺时针【考点】楞次定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】由楞次定律可以判断出感应电流的方向．【解答】解：由图示可知，在磁铁下落过程中，穿过圆环的磁场方向向上，在磁铁靠近圆环时，穿过圆环的磁通量变大，在磁铁远离圆环时穿过圆环的磁通量减小，由楞次定律可知，从上向下看，圆环中的感应电流先沿顺时针方向，后沿逆时针方向，故C正确．故选：C．【点评】本题考查了楞次定律的应用，正确理解楞次定律阻碍的含义是正确解题的关键．2．如图，一半径为R的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端等高；质量为m的质点自轨道端点P由静止开始滑下，滑到最低点Q时，对轨道的正压力为2mg，重力加速度大小为g．质点自P滑到Q的过程中，克服摩擦力所做的功为（）A． mgR B． mgR C． mgR D． mgR【考点】动能定理．【专题】动能定理的应用专题．【分析】质点经过Q点时，由重力和轨道的支持力提供向心力，由牛顿运动定律求出质点经过Q点的速度，再由动能定理求解克服摩擦力所做的功．【解答】解：质点经过Q点时，由重力和轨道的支持力提供向心力，由牛顿第二定律得：N﹣mg=m由题有：N=2mg可得：v Q=质点自P滑到Q的过程中，由动能定理得：mgR﹣W f=得克服摩擦力所做的功为 W f=mgR故选：C．【点评】本题考查动能定理的应用及向心力公式，要注意正确受力分析，明确指向圆心的合力提供圆周运动的向心力，知道动能定理是求解变力做功常用的方法．3．如图，表面处处同样粗糙的楔形木块abc固定在水平地面上，ab面和bc面与地面的夹角分别为α和β，且α＞β．一初速度为v0的小物块沿斜面ab向上运动，经时间t0后到达顶点b时，速度刚好为零；然后让小物块立即从静止开始沿斜面bc下滑．在小物块从a 运动到c的过程中，可能正确描述其速度大小v与时间t的关系的图象是（）A．B．C． D．【考点】匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．【专题】压轴题；运动学中的图像专题．【分析】v﹣t图象的斜率等于加速度，根据牛顿第二定律列式可比较物块上滑和下滑的加速度大小．根据运动学公式比较两个过程的时间关系及速度关系，即可选择图象．【解答】解：设物块上滑与下滑的加速度大小分别为a1和a2．根据牛顿第二定律得：mgsinα+μmgcosα=ma1，mgsinβ﹣μmgcosβ=ma2，得a1=gsinα+μgcosα，a2=gsinβ﹣μgcosβ，则知a1＞a2而v﹣t图象的斜率等于加速度，所以上滑段图线的斜率大于下滑段图线的斜率．上滑过程的位移大小较小，而上滑的加速度较大，由x=知，上滑过程时间较短．因上滑过程中，物块做匀减速运动，下滑过程做匀加速直线运动，两段图象都是直线．由于物体克服摩擦力做功，机械能不断减小，所以物体到达c点的速度小于v0．故C正确，ABD错误．故选C【点评】本题关键运用牛顿第二定律和运动学公式分析两个过程加速度关系、运动时间关系，即可结合图象的物理意义进行选择．4．如图，理想变压器原、副线圈匝数比为20：1，两个标有“12V，6W”的小灯泡并联在副线圈的两端．当两灯泡都正常工作时，原线圈电路中电压表和电流表（可视为理想表）的示数分别是（）A．120V，0.10A B．240V，0.025A C．120V，0.005A D．240V，0.05A【考点】变压器的构造和原理．【专题】交流电专题．【分析】灯泡正常工作，电压为额定电压，进而求出副线圈电压和电流，再根据变压器原副线圈电压、电流与线圈匝数的关系即可求解，电流表和电压表都是有效值．【解答】解：灯泡正常工作，所以副线圈电压U2=12V，电流根据得：U1=240V根据解得：I1=0.05A所以电压表和电流表的示数分别为：240V，0.05A故选D【点评】掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，本题即可得到解决．5．据报道，目前我国正在研制“萤火二号”火星探测器．探测器升空后，先在近地轨道上以线速度v环绕地球飞行，再调整速度进入地火转移轨道，最后再一次调整速度以线速度v′在火星表面附近环绕飞行，若认为地球和火星都是质量分布均匀的球体，已知火星与地球的半径之比为1：2，密度之比为5：7，设火星与地球表面重力加速度分别为g′和g，下列结论正确的是（）A．g′：g=4：1 B．g′：g=10：7 C．v′：v=D．v′：v=【考点】万有引力定律及其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】在星球表面的物体受到的重力等于万有引力，根据质量与密度的关系，代入化简可得出重力加速度与密度和半径的关系，进一步计算重力加速度之比．根据根据牛顿第二定律有：和M=ρ•化简解出速度的表达式，代入数据化简可得速度之比．【解答】解：AB、在星球表面的物体受到的重力等于万有引力，所以所以，故AB错误．CD、探测器绕地球表面运行和绕月球表面运行都是由万有引力充当向心力，根据牛顿第二定律有：，得①，M为中心体质量，R为中心体半径．M=ρ•②由①②得：v=已知地球和火星的半径之比为1：2，密度之比为5：7，所以探测器绕地球表面运行和绕月球表面运行线速度大小之比为：故C正确、D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键掌重力等于万有引力这个关系，求一个物理量，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再根据表达式进行比较求解．6．下列说法中，符合物理学史实的是（）A．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用，物体或静止B．牛顿认为，力是物体运动状态改变的原因，而不是物体运动的原因C．麦克斯韦发现了电流的磁效应，即电流可以在其周围产生磁场D．奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转【考点】物理学史．【专题】常规题型．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用，物体静止，故A正确；B、牛顿认为，力是物体运动状态改变的原因，而不是物体运动的原因，故B正确；C、奥斯特发现了电流的磁效应，即电流可以在其周围产生磁场，故C错误；D、奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转，电流可以在其周围产生磁场，故D正确．故选：ABD．【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．7．从地面上以初速度v0竖直上抛一质量为m的小球，若运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比，小球运动的速率随时间变化的规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地速率为v1，且落地前小球已经做匀速运动，则下列说法正确的是（）A．小球加速度在上升过程中逐渐减小，在下降过程也逐渐减小B．小球抛出瞬间的加速度大小为（1+）gC．小球被抛出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值最小D．小球上升过程的平均速度小于【考点】竖直上抛运动；平均速度．【分析】由图象得到小球上升过程和下降过程的运动规律，然后进行受力分析，根据牛顿第二定律进行分析．【解答】解：A、C、上升过程，受重力和阻力，合力向下，根据牛顿第二定律，有：f+mg=ma，解得a=g+＞g；由于是减速上升，阻力逐渐减小，故加速度不断减小；下降过程，受重力和阻力，根据牛顿第二定律，有：mg﹣f=ma′，解得：＜g；由于速度变大，阻力变大，故加速度变小；即上升和下降过程，加速度一直在减小；故A正确，C错误；B、空气阻力与其速率成正比，最终以v1匀速下降，有：mg=kv1；小球抛出瞬间，有：mg+kv0=ma0；联立解得：，故B正确；D、速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移，从图象可以看出，位移小于阴影部分面积，而阴影部分面积是匀减速直线运动的位移，匀减速直线运动的平均速度等于，故小球上升过程的平均速度小于，故D正确；故选：ABD．【点评】关于速度时间图象，重点要掌握速度时间图象斜率表示加速度，面积表示位移，会用极限的思想求解位移．8．如图（a），直线MN表示某电场中一条电场线，a、b是线上的两点，将一带负电荷的粒子从a点处由静止释放，粒子从a运动到b过程中的v﹣t图线如图（b）所示，设a、b两点的电势分别为φa、φb，场强大小分别为E a、E b，粒子在a、b两点的电势能分别为W a、W b，不计重力，则有（）A．φa＞φb B．E a＞E b C．E a＜E b D．W a＞W b【考点】电势；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】从速度时间图线得到负电荷做匀加速运动，加速度变小，根据牛顿第二定律得到电场力的变化情况，和电场强度的变化情况；电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．【解答】解：负电子从a运动到b，由速度时间图线得到负电荷做加速运动，故电场力向右；AD：负电荷受到的电场力与场强方向相反，故场强向左，沿场强方向，电势变小，故B点电势较大，即Φa＜Φb，故电势能W a＞W b，故D正确，A错误；BC：因为图线的斜率变小，故加速度变小，因此电场力变小，所以电场强度变小，即E a＞E b，故B正确，C错误；．故选：BD．【点评】本题关键通过速度时间图象得到物体的速度变化情况和加速度变化情况，然后判断场强方向和电势大小二、非选择题：9．现要测量滑块与木板之间的动摩擦因数，实验装置如图1所示．表面粗糙的木板一端固定在水平桌面上，另一端抬起一定高度构成斜面；木板上有一滑块，其后端与穿过打点计时器的纸带相连，打点计时器固定在木板上，连接频率为50Hz的交流电源．接通电源后，从静止释放滑块，滑块带动纸带上打出一系列点迹．（1）图2给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6是实验中选取的计数点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出），2、3和5、6计数点间的距离如图2所示．由图中数据求出滑块的加速度a= 2.51 m/s2（结果保留三位有效数字）．（2）已知木板的长度为l，为了求出滑块与木板间的动摩擦因数，还应测量的物理量是D ．A．滑块到达斜面底端的速度v B．滑块的质量mC．滑块的运动时间t D．斜面高度h和底边长度x（3）设重力加速度为g，滑块与木板间的动摩擦因数的表达式μ=（用所需测量物理量的字母表示）【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】实验题．【分析】（1）利用逐差法△x=aT2可以求出物体的加速度大小，根据匀变速直线运动中某点的瞬时速度等于该过程中的平均速度大小可以求出某点的瞬时速度大小；（2）根据牛顿第二定律有μmgcosθ=ma，由此可知需要测量的物理量．（3）根据牛顿第二定律的表达式，可以求出摩擦系数的表达式【解答】解：（1）每相邻两计数点间还有4个打点，说明相邻的计数点时间间隔：T=0.1s，根据逐差法有：a==≈2.51m/s2；（2）要测量动摩擦因数，由μmgcosθ=ma，可知要求μ，需要知道加速度与夹角余弦值，纸带数据可算出加速度大小，再根据斜面高度h和底边长度x，结合三角知识，即可求解，故ABC错误，D正确．（3）以滑块为研究对象，根据牛顿第二定律有：μmgcosθ+mgsinθ=ma解得：μ==．故答案为：（1）2.51，（2）D，（3）．【点评】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，同时要熟练应用所学基本规律解决实验问题．10．（11分）为了节能环保，一些公共场所使用光控开关控制照明系统．光控开关可采用光敏电阻来控制，光敏电阻是阻值随着光的照度而发生变化的元件（照度可以反映光的强弱，光越强照度越大，照度单位为lx）．（1）某光敏电阻R在不同照度下的阻值如下表，根据表中已知数据，在图1的坐标系中描绘出了阻值随照度变化的曲线．由图象可求出照度为1.01x时的电阻约为 2.0 kΩ．照度/1x 0.2 0.4 0.6 0.8 1.0 1.2电阻/kΩ 5.8 3.7 2.8 2.3 1.8（2）如图2所示是街道路灯自动控制模拟电路，利用直流电源为电磁铁供电，利用照明电源为路灯供电．为达到天亮灯熄、天暗灯亮的效果，路灯应接在AB （填“AB”或“BC”）之间，请用笔画线代替导线，正确连接电路元件．（3）用多用电表“×10Ω”挡，按正确步骤测量图中电磁铁线圈电阻时，指针示数如图3所示9则线圈的电阻为140 Ω．已知当线圈中的电流大于或等于2mA时，继电器的衔铁将被吸合．图中直流电源的电动势E=6V，内阻忽略不计，滑动变阻器有三种规格可供选择：R l（0～10Ω，2A）、R2（0～200Ω，1A）、R3（0～1750Ω，0.1A）．要求天色渐暗照度降低至l.0lx时点亮路灯，滑动变阻器应选择R3（填R1、R2、R3）．为使天色更暗时才点亮路灯，应适当地减小（填“增大”或“减小”）滑动变阻器的电阻．【考点】传感器在生产、生活中的应用．【专题】实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】（1）根据图象直接读出对应的数据即可；（2）利用直流电源为电磁铁供电，将电源、光敏电阻、定值电阻、电键直接串联即可；分析电磁铁的电路，判定利用照明电源为路灯供电的接入点．（3）欧姆表的读数是先读出表盘的刻度，然后乘以倍率．由于光变暗时，光敏电阻变大，分的电压变大，故将控制系统与光敏电阻串联，照度降低至1.0（Lx）时启动照明系统，可以算出定值电阻的大小．【解答】解：（1）根据图象直接读出对应的照度为1.0 x时的电阻约为2.0kΩ．（2）光敏电阻的电阻值随光照强度的增大而减小，所以白天时光敏电阻的电阻值小，电路中的电流值大，电磁铁将被吸住；静触点与C接通；晚上时的光线暗，光敏电阻的电阻值大，电路中的电流值小，所以静触点与B接通．所以要达到晚上灯亮，白天灯灭，则路灯应接在AB 之间．电路图如图；（3）欧姆表的读数是先读出表盘的刻度，然后乘以倍率，表盘的刻度是14，倍率是“×10Ω”，所以电阻值是14×10=140Ω；天色渐暗照度降低至1.01x时点亮路灯，此时光敏电阻的电阻值是2kΩ，电路中的电流是2mA， =Ω，所以要选择滑动变阻器R3．由于光变暗时，光敏电阻变大，分的电压变大，所以为使天色更暗时才点亮路灯，应适当地减小滑动变阻器的电阻．故答案为：（1）2.0；（2）AB，如图；（3）140，R3；减小【点评】该题考查电路设计的问题和变化电路的分析，要结合闭合电路欧姆定律、光敏电阻的特点去分析，难度比较大．11．在风洞实验室中进行如图所示的实验．在倾角为37°的固定斜面上，有一个质量为1kg 的物块，在风洞施加的水平恒力F作用下，从A点由静止开始运动，经过1.2s到达B点时立即关闭风洞，撤去恒力F，物块到达C点是速度变为零，通过速度传感器测得这一过程中物块每隔0.2s的瞬时速度，表给出了部分数据：t/s 0.0 0.2 0.4 0.6 … 1.4 1.6 1.8 …v/（m•s﹣1）0.0 1.0 2.0 3.0 … 4.0 2.0 0.0 …已知sin37°=0.6，con37°=0.8，g取10m/s2求：（1）A、C两点间的距离（2）水平恒力F的大小．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）由表格数据分别计算出加速过程和减速过程的加速度大小，并计算出关闭风洞时的速度大小，由运动学公式求出加速位移和减速位移，相加即为AC点距离．（2）根据受力，由牛顿第二定律，列出关系式，联立方程求解可得出F大小．【解答】解：（1）物块匀加速运动过程中的加速度为：a1==5m/s2关闭风洞时的速度为：v=a1t=5×1.2=6m/s关闭风洞后物块匀减速运动的加速度为：a2==﹣10m/s2匀加速过程的位移：x1===3.6m匀减速过程的位移：x2==1.8m故A、C两点间的距离为：x=x1+x2=3.6+1.8=5.4m（2）由牛顿第二定律得，匀加速过程：Fcos37°﹣mgsin37°﹣μ（mgcos37°+Fsin37°）=ma1匀减速过程：﹣（mgsin37°+μmgcos37°）=ma2联立两式代入数据得：F=30N答：（1）A、C两点间的距离为5.4m（2）水平恒力F的大小为30N．【点评】本题考查匀变速直线运动规律，是典型的牛顿定律解题中的一类．关键是应用加速度定义和牛顿第二定律表示加速度的大小，这是一道好题！。
广东省台山市华侨中学高三上学期物理小测06星期三 含答案
2016届高三第一学期物理小测06（星期三）2015.11.4组题：朱周诚 审题：卜苑泉一、单项选择题：每题6分，30分14．2013年修订版《机动车驾驶证申领和使用规定》于2013年1月1日正式施行，司机闯黄灯要扣6分，被称为“史上最严交规”．某小轿车驾驶员看到绿灯开始闪时，经短暂思考后开始刹车，小轿车在黄灯刚亮时恰停在停车线上，如图所示．若绿灯开始闪烁时小轿车距停车线距离L ＝10.5 m ，则绿灯开始闪烁到黄灯刚亮的时间t 0为（ ） A ．0.5 s B ．1.5 s C ．3 sD ．3.5 s15．一个从地面竖直上抛的物体，它两次经过一个较低的点a 的时间间隔是T a ，两次经过一个较高点b 的时间间隔是T b ，则a 、b 之间的距离为（ ）A ．14g (T 2a －T 2b )B ．18g (T 2a －T 2b )C ．12g (T 2a －T 2b ) D ．12g (T a －T b ) 16．将一个质量为1kg 的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反。
该过程的v-t 图象如图所示,g 取10m ／s 2。
说法中正确的是（ ） A ．小球上升过程损失的动能等于下落过程中的增加的动能 B ．小球重力和阻力之比为1：5 C ．小球上升与下落所用时间之比为2∶3 D ．小球上升过程，处于失重状态17．如图所示，小球用细绳系住放在倾角为θ的光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上偏移时，小球对斜面的压力大小将（ ） A ．逐渐增大 B ．逐渐减小 C ．先增大后减小 D ．先减小后增大18．如图所示，小球从竖直砖墙某位置静止释放，用频闪照相机在同一底片 上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5…所示小球运动过程中每次曝光 的位置．连续两次曝光的时间间隔均为T ，每块砖的厚度为d 。
根据图中 的信息，下列判断错误的是（ ）A ．位置“1”是小球释放的初始位置B ．小球做匀加速直线运动C ．小球下落的加速度为d T 2D ．小球在位置“3”的速度为7d 2T二、多项选择题：每题6分，共18分。
2020-2021学年广东省江门市公侨中学高三物理期末试卷含解析
2020-2021学年广东省江门市公侨中学高三物理期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. (多选)如图所示,竖直放置的轻弹簧的一端固定在地面上,另一端与斜面体P连接,P与斜放的固定挡板MN接触且处于静止状态,弹簧处于竖直方向,则斜面体P此刻受到外力的个数可能为()A.2个B.3个C.4个D.5个参考答案：CD2. 下面列举的哪几种情况下所做的功是零A．卫星做匀速圆周运动，地球引力对卫星做的功B．平抛运动中，重力对物体做的功C．举重运动员，扛着杠铃在头上的上方停留10s，运动员对杠铃做的功D．木块在粗糙水平面上滑动，支持力对木块做的功参考答案：ACD3. 在变速直线运动中，下面关于速度和加速度关系的说法，正确的是 ()A．加速度与速度无必然联系B．速度减小时，加速度也一定减小C．速度为零，加速度也一定为零D．速度增大时，加速度不一定增大参考答案：AD 4. 下列说法中正确的是A．对于一定质量的密闭气体，体积不变、温度升高时，分子的热运动变得剧烈，分子的平均动能增大，撞击器壁的作用力增大，从而气体的压强一定增大B．对于一定质量的密闭气体，气体体积变小时，单位体积的分子数增多，单位时间打到器壁单位面积上的分子数增多，从而气体的压强一定增大C．分子A从远处趋近固定不动的分子B，当A到达与B的距离为r0(分子力为零)处时，A 分子的动能一定最大D．做功和热传递都可以改变物体的内能，这两种方式从效果来看是等效的，从能量转化或转移的观点来看也是没有区别的E．对于未饱和蒸气，只要压强增大的足够大，一定可以变为饱和气，进而液化参考答案：AE5. 某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了同一坐标上，如右图中的a、b、c所示，根据图线可知（）A.反映Pr变化的图线是cB.电源电动势为8vC.电源内阻为2ΩD.当电流为0.5A时，外电路的电阻为6Ω参考答案：ACD二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 某兴趣小组的同学利用如图1所示的实验装置，测量木块与长木板之间的动摩擦因数，图中长木板水平固定。
2020年广东省江门市新会司前华侨中学高三物理月考试题含解析
2020年广东省江门市新会司前华侨中学高三物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （多选）如图5所示，质量分别为mA、mB的A、B两物块用轻线连接放在倾角为θ的斜面上，用始终平行于斜面向上的拉力F拉A，使它们沿斜面匀加速上升，A、B与斜面的动摩擦因数均为μ，为了增加轻线上的拉力，可行的办法是（）A．减小A物的质量B．增大B物的质量C．增大倾角θD．增大动摩擦因数μ参考答案：AB2. 如图所示，人造地球卫星绕地球运行轨道为椭圆，其近地点P和远地点Q距地面的高度分别为R和3R，R为地球半径，已知地球表面处的重力加速度为g，以下说法正确的是A．卫星在P点的速度大于B．卫星在Q点的加速度等于C．卫星在从P到Q过程中处于超重状态D．卫星在从P到Q过程中机械能守恒参考答案：AD3. 四个小球在离地面不同高度同时从静止释放，不计空气阻力，从开始运动时刻起每隔相等的时间间隔，小球依次碰到地面．下列各图中，能反映出刚开始运动时各小球相对地面的位置的是参考答案：C4. .如图所示，一物体从光滑斜面AB底端A点以初速度v0上滑，沿斜面上升的最大高度为h。
下列说法中正确的是（设下列情境中物体从A点上滑的初速度仍为v0）（）A．若把斜面CB部分截去，物体冲过C点后上升的最大高度仍为hB．若把斜面AB变成曲面AEB，物体沿此曲面上升仍能到达B点C．若把斜面弯成圆弧形D，物体仍能沿圆弧升高hD．若把斜面弯成圆弧形D，物体不能沿圆弧升高h参考答案：BD5. 如图在直角坐标系Y轴上关于坐标原点对称的两点固定有两等量电荷，若以无穷远为零电势，则关于X轴上各点电势随X坐标变化的图线说法正确的是A．若为等量异种电荷，则为图线①B．若为等量异种电荷，则为图线②C．若为等量正电荷，则为图线②D．若为等量正电荷，则为图线③参考答案：AD二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示的单摆，摆球a向右摆动到最低点时，恰好与一沿水平方向向左运动的粘性小球b发生碰撞，并粘接在一起，且摆动平面不变。
解析广东省江门市台山侨中2020┄2021学年高二上学期期中物理试卷
2020┄2021学年广东省江门市台山侨中高二（上)期中物理试卷一、单项选择题（每题3分,共３0分）1．绝缘细线上端固定,下端挂一轻质小球ａ,a的表面镀有铝膜．在a的近旁有一绝缘金属球ｂ,开始时,a、b都不带电，如图所示,现使b带正电，则( )A.ｂ将吸引a，吸住后不放开B．a、b之间不发生相互作用C.b先吸引ａ,接触后又把a排斥开D．b立即把a排斥开2．真空中有两个点电荷Ａ、Ｂ,它们间的距离为r，相互作用的静电力为F，如果将A的电量增大为原来的4倍，B的电量不变,要使静电力变为,则它们之间的距离应变为( ）Ａ.１６rﻩB．４ｒＣ．r D．2r3．如图是电场中某区域的电场线分布图,Ｐ点是电场中的一点，则ABCD选项中正确的是（)①P点电场强度方向向左②P点的电场强度方向向右③正点电荷在P点所受的电场力的方向向左④正点电荷在P点所受的电场力的方向向右.A．只有①③正确 B．只有②③正确 C．只有①④正确ﻩＤ.只有②④正确4．若带正电荷的小球只受到电场力的作用，则它在任意一段时间内( ）Ａ．一定沿电场线由高电势处向低电势处运动B．一定沿电场线由低电势处向高电势处运动C．不一定沿电场线运动，但一定由高电势处向低电势处运动D.不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动5.对公式E=的理解,下列说法正确的是（)Ａ．此公式适用于计算任何电场中a、b两点间的电势差Ｂ.ａ点和b点间距离越大,则这两点的电势差越大Ｃ．公式中的ｄ是指ａ、b两点之间的距离Ｄ．公式中的d是匀强电场中a、b所在的两等势面之间的距离6.在10s内通过电解槽某一横截面向右迁移的正离子所带的电量为2C，向左迁移的负离子所带电量为3C，那么电解槽中电流强度大小为（)Ａ．0.1AﻩB.０．2AﻩC．0.3ＡﻩD.０.5A7.下列各种说法中正确的是( ）A．电流的定义式，只能用于计算纯电阻电路的电流B.电源的电动势就是电源两端的电压Ｃ．根据可知,电动势为１.５V的干电池,表明干电池可以使1C的电量具有１.5J的电能D．从可知,导体中的电流跟两端的电压成正比,跟导体的电阻成反比8．下列说法中正确的是( )Ａ.电容器是储存电荷和电能的容器，只有带电时才称电容器B．电容是描述电容器容纳电荷本领大小的物理量Ｃ．固定电容器所充电荷量跟加在两极板间的电压成正比，并且能持续增加Ｄ．电容器的电容跟极板所带电荷量成正比,跟极板间电压成反比９.带正电的粒子在某电场中仅受电场力作用，能分别完成以下两种运动:①在电场线上运动,②在等势面上做匀速圆周运动．该电场可能由（)A．一个带正电的点电荷形成B．一个带负电的点电荷形成C．两个分立的带等量负电的点电荷形成D.一带负电的点电荷与带正电的无限大平板形成1０．平行金属板水平放置,板间距为０．6cm，两板接上6×103Ｖ电压,板间有一个带电液滴质量为4.8×1０﹣10ｇ,处于静止状态,则油滴上有元电荷数目是（g取１0m/s2)( )Ａ.3×１０6B．30 Ｃ．10ﻩＤ.3×104二、多项选择题(每题４分,共20分，每题有两个或两个以上的答案，漏选得２分，错选不得分)11．下列物理量中哪些与检验电荷无关?( )A.电场强度E B．电势UﻩＣ.电势能εﻩD.电场力F１２.在下列措施中，哪些能将产生的静电尽快导走( )A.飞机轮子上的搭地线B.印染车间保持湿度C.复印图片ﻩD．电工钳柄装有绝缘套13．如图所示，为正电荷Q的电场,A、B是电场中的两点，将电量为ｑ=５×1０﹣8库仑的正点电荷（试探电荷)置于A点,所受电场力为2×10﹣３牛,则下列判断正确的是( )A.将点电荷q从A点移走,则该点的电场强度为零B．将电量为q的负点电荷放于Ａ点，Ａ点场强大小为４．０×10４Ｎ/C，方向指向ＢC．将电量为2q的正点电荷放于A点,A点场强大小为８.0×10４N/C，方向指向BD．B点处的电场强度小于４.0×104N/Ｃ14.带电的平行板电容器与静电计的连接如图所示，要使静电计的指针偏角变小，可采用的方法有（)A．减小两极板间的距离B．用手触摸极板AC.在两板间插入电介质D.将极板B向上适当移动1５．如图所示,带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示,下列说法正确的是( )A．粒子带负电ﻩB．粒子在A点加速度小C．粒子在B点动能大Ｄ．A、B两点相比,Ｂ点电势较低三、实验题(1６题每空2分,17题每空１分，共16分）１６．在用落体法验证机械能守恒定律时，某同学按照正确的操作选得纸带如图.其中O是打下的第一个点（起始点),A、B、Ｃ是打点计时器连续打下的３个点.该同学用毫米刻度尺测量O到A、B、Ｃ各点的距离分别为9.51cm、12.4２cm、１5.７cm,并记录在图中（单位ｃm).（1)这三个数据中不符合有效数字读数要求的是＿__＿_____＿（选填：OA、OB、ＯC),应记作______＿___cｍ.(2）该同学用重锤在OB段的运动来验证机械能守恒，重锤质量1．00ｋｇ,已知当地的重力加速度g=９.８０ｍ/s2，则OB段重锤重力势能的减少量为__＿＿_____＿J,动能的增加量为_＿___＿____Ｊ（计算结果保留３位有效数字）．（３）这样验证总会出现重力势能的减少量＿___＿_＿___动能的增加量,原因是__＿___＿_＿＿．1７．某探究学习小组的同学欲验证“动能定理”，他们在实验室组装了一套如图所示的装置，（１）实验时为了保证滑块受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等，则:沙和沙桶的总质量m应＿_＿_______(填:远大于、远小于或等于)滑块的质量Ｍ，实验时首先要做的步骤是________＿_.（2）实验时，应该先__＿__＿＿_＿＿，再_＿________(填:释放纸带或接通电源).四、计算题（共３４分，要求有必要的文字说明和演算步骤，有数值计算的题必须明确写出数值与单位）18.如图所示,是一对彼此绝缘相距ｄ=5cm的平行金属带电极板MN，N板接地，M板带电量的绝对值为Ｑ=6×10﹣6Ｃ．在两极板MN间Ａ点有一带电量为q=4×10﹣６C的带电液滴，其质量m=4×10﹣４kｇ，恰好处于静止状态.求：(1)两板间的电场强度为多少?（2)U NM等于多少伏？M点的电势是多少？（３）平行金属板MN所构成的电容器的电容C等于多少?19．一束电子流（电子质量为m，电量绝对值为e）经电压为Ｕ的加速电场加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场,如图所示，若两板间距为d，板长为l,那么,要使电子能从平行板间飞出,则（1)电子进入偏转电场的速度大小是多少?（2）两个极板上最多能加多大的偏转电压Ｕ′？20．(１4分）如图所示,水平轨道与直径为d=０．8m的半圆轨道相接,半圆轨道的两端点A、B连线是一条竖直线，整个装置处于方向水平向右,大小为103Ｖ／m的匀强电场中，一小球质量m=0.5kg，带有q=5×１0﹣３C电量的正电荷,在电场力作用下由静止开始运动,不计一切摩擦,g=1０m/s２,(1）若它运动的起点离A为L,它恰能到达轨道最高点B,求小球在B点的速度和L的值．(２)若它运动起点离Ａ为L=2.６m,且它运动到Ｂ点时电场消失，它继续运动直到落地,求落地点与起点的距离.ﻬ202０┄2021学年广东省江门市台山侨中高二（上)期中物理试卷一、单项选择题(每题3分,共３0分）１．绝缘细线上端固定，下端挂一轻质小球a，a的表面镀有铝膜．在a的近旁有一绝缘金属球b,开始时,a、b都不带电,如图所示，现使b带正电，则( )A.b将吸引a,吸住后不放开B．a、ｂ之间不发生相互作用C．b先吸引a,接触后又把a排斥开D.b立即把a排斥开【考点】元电荷、点电荷.【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】带电物体能够吸引轻小物体，a与b接触后,a球与b球带上了同种电荷,相互排斥而分开．【解答】解：带电物体能够吸引轻小物体，故b会将ａ球吸引过来，a与ｂ接触后,带同种电荷而分开；故选Ｃ．【点评】本题关键是带电物体能够吸引轻小物体,接触后，带同种电荷，又因为带同种电荷而分开．2．真空中有两个点电荷Ａ、B,它们间的距离为r，相互作用的静电力为Ｆ,如果将Ａ的电量增大为原来的4倍,B的电量不变，要使静电力变为，则它们之间的距离应变为（) A．16rﻩＢ.4rﻩC.ｒD．2r【考点】库仑定律.【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】根据库仑定律写出两种情况下的表达式,然后两式相比即可得出正确结果．【解答】解:当距离为r时有:当距离变化后依据题意有:联立①②可得R=4r，故AＣD错误,Ｂ正确．故选B．【点评】正确理解库仑定律公式以及公式中各个物理量的含义是解本题关键，由于公式涉及物理量较多,因此常用两式相比的方法进行求解.3．如图是电场中某区域的电场线分布图,Ｐ点是电场中的一点,则ABCD选项中正确的是（)①P点电场强度方向向左②P点的电场强度方向向右③正点电荷在P点所受的电场力的方向向左④正点电荷在P点所受的电场力的方向向右．A.只有①③正确B．只有②③正确Ｃ．只有①④正确 D.只有②④正确【考点】电场线；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线的方向就是电场强度的方向，正电荷所受电场力的方向与该点场强的方向相同，负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反.【解答】解：电场线的方向就是电场强度的方向，故P点电场强度方向向右．故①错误②正确.正电荷所受电场力的方向就是该点场强的方向，故正电荷在P点所受电场力向右．故③错误．负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，故负电荷在P点所受电场力向左．故④正确．故选D．【点评】把握了电场线的特点即可顺利解决此题．4.若带正电荷的小球只受到电场力的作用，则它在任意一段时间内（)A．一定沿电场线由高电势处向低电势处运动Ｂ.一定沿电场线由低电势处向高电势处运动C．不一定沿电场线运动,但一定由高电势处向低电势处运动D．不一定沿电场线运动,也不一定由高电势处向低电势处运动【考点】电势;电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】物体的运动情况取决于合力和初始条件．小球只受到电场力的作用，是否沿电场线运动,还要看电场线是直线还是曲线,有没有初速度,初速度方向与电场线的关系.只有当电场线是直线时，小球只受到电场力的作用才可能沿电场线运动.【解答】解:物体的运动情况取决于合力和初始条件.小球只受到电场力的作用，是否沿电场线运动,还要看电场线是直线还是曲线，有没有初速度,初速度方向与电场线的关系.只有当电场线是直线时且小球的运动方向沿着电场线时，小球只受到电场力的作用才可能沿电场线运动.所以AＢＣ错误，D正确.故选：D【点评】对物体运动情况的判断能力,从力学的角度进行分析:物体的运动性质不仅取决于合力，还取决于初速度条件.虽然是简单题，同时也是易错题目．5.对公式Ｅ=的理解，下列说法正确的是( )Ａ．此公式适用于计算任何电场中a、b两点间的电势差Ｂ.ａ点和b点间距离越大,则这两点的电势差越大C.公式中的ｄ是指a、b两点之间的距离D.公式中的d是匀强电场中a、ｂ所在的两等势面之间的距离【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】公式E=适用于匀强电场，d表示a、b两点沿电场线方向上的距离，即a、b 所在等势面之间的距离.【解答】解：公式E=仅适用于匀强电场中计算a、b两点间的电势差，ｄ表示ａ、b两点沿电场线方向上的距离，即a、ｂ所在等势面之间的距离．若a、ｂ两点等电势，a、b 两点间的距离越大，电势差不变．故D正确,A、B、C错误.故选：Ｄ，【点评】解决本题的关键知道公式E＝的适用范围，知道d表示沿电场线方向上的距离．6．在１0s内通过电解槽某一横截面向右迁移的正离子所带的电量为2C，向左迁移的负离子所带电量为3C，那么电解槽中电流强度大小为（)A．0.1AﻩＢ．0.2AﻩC.0.3A Ｄ．0.５A【考点】电流、电压概念.【专题】恒定电流专题．【分析】由题计算出10ｓ内通过截面正离子与负离子电量绝对值之和，根据电流的定义Ｉ＝，求解电流．【解答】解：由题，10s内通过截面正离子所带的电量为2Ｃ，负离子所带电量为３C,通过截面正离子与负离子电量绝对值之和为:Q＝２Ｃ+3C=５C则电流为I==Ａ=０.5Ａ，故选:D【点评】本题是电流定义式的应用，关键确定通过导体截面的电量,当电流由正负离子向相反方向定向移动形成时,电量等于正离子与负离子电量绝对值之和．7．下列各种说法中正确的是( )A.电流的定义式，只能用于计算纯电阻电路的电流Ｂ．电源的电动势就是电源两端的电压C.根据可知，电动势为1.５V的干电池，表明干电池可以使1C的电量具有1.５J的电能Ｄ.从可知,导体中的电流跟两端的电压成正比,跟导体的电阻成反比【考点】电流、电压概念;电源的电动势和内阻．【专题】定性思想;推理法；恒定电流专题．【分析】电流的定义式I=适用于任何电流;电动势的定义式,即可求出干电池可以使1C的电量具有1.５J的电能；电阻反映导体本身的特性,与电压和电流无关．【解答】解:A、电流的定义式I=,采用比值定义法,具有比值定义法的共性,适用于任何电荷的定向移动形成的电流.故A错误.B、根据闭合电路欧姆定律Ｅ=U+Ir，得知,当I＝0时，U=Ｅ,即电源没有接入外电路时两极间的电压等于电源电动势.故B错误.C、电动势的定义式,得W=qɛ.则知干电池电动势为E=1.5V，q=1C,则得非静电力做功W=１.5Ｊ,可以使1C的电量具有1.5J的电能.故C正确．Ｄ、是电阻的定义式，可知，R与U、Ｉ无关，由导体本身特性决定，故Ｄ错误.故选:C【点评】本题考查三个公式,，,都是采用比值定义法定义的，要理解其共性的东西,有利于理解它们的物理意义．8．下列说法中正确的是( )A．电容器是储存电荷和电能的容器，只有带电时才称电容器B.电容是描述电容器容纳电荷本领大小的物理量C．固定电容器所充电荷量跟加在两极板间的电压成正比,并且能持续增加Ｄ．电容器的电容跟极板所带电荷量成正比，跟极板间电压成反比【考点】电容．【专题】定性思想;推理法；电容器专题．【分析】电容器是容纳电荷的容器，不论有没有电量电容值不变;其大小与电量及电压无关.【解答】解：Ａ、电容器是储存电荷和电能的容器;不论是否带电均是电容器;故Ａ错误; B、电容是描述电容器容纳电荷本领的大小的物理量;故B正确；Ｃ、根据C=，可知固定电容器所充电荷量跟加在两极板间的电压成正比,电量能持续增加的；故C正确；D、电容器的电容跟极板所带电量无关,与两极板间的电压无关；故D错误;故选：BC．【点评】本题考查电容器的电容的定义式,注意电容大小与两极板所带电量及两板间的电势差无关．9.带正电的粒子在某电场中仅受电场力作用,能分别完成以下两种运动:①在电场线上运动，②在等势面上做匀速圆周运动.该电场可能由( )A.一个带正电的点电荷形成B．一个带负电的点电荷形成C.两个分立的带等量负电的点电荷形成D．一带负电的点电荷与带正电的无限大平板形成【考点】电场线；向心力．【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】带正电的粒子在某电场中仅受电场力作用，若在电场线上运动,则电势一定变化，因为沿电场线电势降低,若在等势面上做匀速圆周运动,则电场力大小应该不变,结合这两个要求判断即可.【解答】解：Ａ、带正电的粒子在某电场中仅受电场力作用，可以沿电场线背着正电荷加速,也可以沿电场线减速，即靠近正电荷，但不可绕正电荷做匀速圆周运动,电场力向外不可能提供向心力,故A错误；B、一个带负电的点电荷形成电场中，另一个正电荷只能沿着电场线加速靠近或减速远离，由于两电荷相互吸引，电场力可以提供向心力，故会做匀速圆周运动，故B正确；C、两个分立的带等量负电的点电荷形成的电场可以对正电荷有指向圆心的力，故也会做匀速圆周运动，故C正确;D、一个带负电的点电荷与带正电的无限大平板形成的电场不可能对正电荷有指向圆心大小不变的力,故正电荷不会做匀速圆周运动,故D错误；故选BC．【点评】在仅受电场力的作用在电场线上运动，只要电场线是直线的就可能实现,但是在等势面上做匀速圆周运动，就需要带正电的粒子在电场中所受的电场力提供向心力.10．平行金属板水平放置,板间距为0.６cm,两板接上6×１０3V电压,板间有一个带电液滴质量为4.8×10﹣１0g,处于静止状态，则油滴上有元电荷数目是（ｇ取10m/s2)( ) A．3×１０6ﻩB．30ﻩC．１0ﻩD．３×104【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；匀强电场中电势差和电场强度的关系.【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】带电液滴在匀强电场中处于静止状态，电场力与重力平衡，根据E＝求出板间场强,由平衡条件求出带电液滴的电荷量，再求解油滴上元电荷的数目.【解答】解：平行金属板板间场强为Ｅ＝，带电液滴所受电场力为F=qE.带电液滴在匀强电场中处于静止状态，电场力与重力平衡，则有mｇ=q，得到q=油滴上元电荷的数目为n===个=30个故选Ｂ【点评】本题是简单的力平衡问题,要记住元电荷e=1．６×10﹣1９Ｃ，它是自然界最小的带电量，其他带电体的电量都它的整数倍．二、多项选择题(每题4分，共2０分，每题有两个或两个以上的答案，漏选得２分,错选不得分)11.下列物理量中哪些与检验电荷无关?( )A．电场强度ＥﻩB．电势ＵﻩC．电势能εD．电场力F【考点】电场强度；电势；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】本题考查了对电场中几个概念的理解情况,物理中有很多物理量是采用比值法定义的，要正确理解比值定义法的含义.【解答】解:电场强度E=和电势φ＝分别从力和能量的角度来描述电场的，均是采用比值定义法定义的,它们的大小均与电量无关，由电场本身决定的,与检验电荷无关,而电势能E P和电场力F均与电荷有关,故ＣＤ错误，AＢ正确．故选：ＡB．【点评】对于物理中各个物理量要明确其确切含义,以及其定义式和决定式的不同，这要在学习中不断的总结和积累．1２.在下列措施中,哪些能将产生的静电尽快导走( )A.飞机轮子上的搭地线B.印染车间保持湿度C.复印图片D.电工钳柄装有绝缘套【考点】* 静电的利用和防止.【分析】静电危害是由于相互间不断摩擦，从而产生大量的静电，不及时导走,会出现放电危害.【解答】解：A、飞机在飞行时，与空气摩擦产生大量的静电，所以着落时通过飞机轮上装搭地线，将静电导走．故Ａ正确B、印刷车间中，纸张间摩擦产生大量静电，由于有一定的湿度，能及时导走，故B正确,C、静电复印利用静电的吸引减小复印,属于静电应用,故C错误，D、电工钳柄上套有绝缘胶套,在带电操作时,防止触电.所以不是将产生的静电尽快导走，故Ｄ错误故选：AB【点评】静电有应用也有防止，在学习中要注意正确区分哪些是应用，哪些是防止.1３.如图所示,为正电荷Q的电场,A、B是电场中的两点,将电量为q=5×10﹣8库仑的正点电荷(试探电荷)置于A点,所受电场力为2×10﹣3牛，则下列判断正确的是( )Ａ．将点电荷q从A点移走，则该点的电场强度为零B.将电量为q的负点电荷放于Ａ点，A点场强大小为4.0×104N/C，方向指向ＢC.将电量为２q的正点电荷放于Ａ点，Ａ点场强大小为8.0×104Ｎ/Ｃ，方向指向BD.Ｂ点处的电场强度小于４．0×104N/C【考点】点电荷的场强;电场强度;电势能．【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】电场中的场强与放入电场中的电荷无关，电场强度的定义式为E=.电场线的疏密表示场强的大小,电场线越密的地方，场强越强;电场线越疏的地方，场强越弱.【解答】解:A、电场中的场强与放入电场中的电荷无关,将点电荷q从A点移走,则该点的电场强度不变.故A错误.B、A点的场强E==,方向指向B.故Ｂ正确.Ｃ、将电量为2q的正点电荷放于A点，A点的场强不变,大小为４.0×104N/Ｃ,方向指向Ｂ.故Ｃ错误．D、B点处的电场线比A点处疏,所以B点的场强比A点小即小于4.0×1０４N/C.故D 正确．故选BD.【点评】解决本题的关键理解电场强度的定义式Ｅ=.知道其与放入电场中的电荷无关.电场线越密的地方,场强越强;电场线越疏的地方,场强越弱．14.带电的平行板电容器与静电计的连接如图所示,要使静电计的指针偏角变小，可采用的方法有( )A．减小两极板间的距离ﻩB．用手触摸极板AC．在两板间插入电介质ﻩD．将极板B向上适当移动【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题.【分析】根据电容的决定式C=，分析电容的变化,再由电容的定义式分析板间电压的变化,确定静电计指针张角的变化.【解答】解:A、减小两极板间的距离,则d减小,则由决定式可得是容器的电容增大;则由Q=U Ｃ可知,电势差减小，故Ａ正确；B、由于B板接地，用手触摸A时,故对电量有影响，电势差减小，故B正确；Ｃ、在两板间插入电介质时,介电常数增大，则Ｃ增大,由由Q=UC可知，电势差减小，故C 正确；D、将极板B向上运动时，正对面积减小，则C减小,由定义式可知，电势差增大,故D错误;故选:ＡBC．【点评】本题考查电容器的动态分析问题，要明确夹角大小表示电势差的大小．15．如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线.在电场力作用下，一带电粒子(不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示,下列说法正确的是（)Ａ.粒子带负电B．粒子在A点加速度小C.粒子在B点动能大ﻩD．A、B两点相比,B点电势较低【考点】电势；电场强度.【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线的疏密表示电场强度的强弱,电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B,运动与力关系可知,电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边,且电场力偏向轨迹的内侧．【解答】解:A、根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧，所以电场力逆着电场线方向,即粒子受力方向与电场方向相反，所以粒子带负电.故A正确；Ｂ、由于Ｂ点的电场线密，所以B点的电场力大，则A点的加速度较小.故B正确；Ｃ、粒子从A到B，电场力对粒子运动做负功,电势能增加，导致动能减少,故C错误;Ｄ、沿着电场线的方向，电势是降低的，故D正确;故选:ABD．【点评】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向,由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．三、实验题（１6题每空2分，17题每空1分，共16分)16.在用落体法验证机械能守恒定律时,某同学按照正确的操作选得纸带如图．其中O是打下的第一个点(起始点),A、B、C是打点计时器连续打下的3个点．该同学用毫米刻度尺测量O到A、B、C各点的距离分别为9.５１cm、12.42cm、15.7cm,并记录在图中（单位ｃm)．(1）这三个数据中不符合有效数字读数要求的是ＯC（选填：OＡ、OB、OＣ）,应记作15.７０cm．（2)该同学用重锤在OB段的运动来验证机械能守恒，重锤质量1．０0ｋg,已知当地的重力加速度g＝9．80m／s2,则ＯB段重锤重力势能的减少量为１.2２J，动能的增加量为1.2０J(计算结果保留3位有效数字).(３）这样验证总会出现重力势能的减少量大于动能的增加量，原因是受到摩擦阻力.【考点】验证机械能守恒定律.【专题】实验题；机械能守恒定律应用专题.【分析】（１)毫米刻度尺最小刻度是1ｍm，所以需要估读到下一位.(２）动能的增加量:mv2，势能的减小量:ｍgｈ；由于物体下落过程中存在摩擦阻力，因此动能的增加量小于势能的减小量.【解答】解：（1)毫米刻度尺测量长度,要求估读即读到最小刻度的下一位.。
广东省江门市鹤山华侨中学2020-2021学年高三物理月考试题含解析
广东省江门市鹤山华侨中学2020-2021学年高三物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图5所示，水平地面的上空有一架飞机在进行投弹训练，飞机沿水平方向做匀加速直线运动．当飞机飞经观察点B点正上方A点时投放一颗炸弹，经时间T炸弹落在观察点B正前方L1处的C点，与此同时飞机投放出第二颗炸弹，最终落在距观察点B正前方L2处的D 点，且L2＝3L1，空气阻力不计．以下说法正确的有()．图5A．飞机第一次投弹时的速度为B．飞机第二次投弹时的速度为C．飞机水平飞行的加速度为D．两次投弹时间间隔T内飞机飞行距离为参考答案：由运动学规律可知第一次投弹时的速度v1＝，故A正确．设飞机加速度为a，第二次投弹时的速度为v2，由匀变速运动规律可知：v1T＋aT2＝L2－(v1＋aT)T，而L2＝3L1，得a＝，故C 错误．v2＝v1＋aT＝，故B错误．两次投弹间隔T内飞机飞行距离s＝v1·T＋aT2＝，故D正确．答案AD2. (单选)如图所示，物体a、b和c叠放在水平桌面上，水平力Fb=5 N、FC=10 N分别作用于物体b、c上，a、b和c仍保持静止。
以Ff1、Ff2、Ff3分别表示a与b、b与c、c与桌面间的静摩擦力的大小，则( )A．Ff1=5N，Ff2=0，Ff3=5N B．Ff1=5N，Ff2=5N，Ff3=0C．Ff1=0，Ff2=5N，Ff3=5N D．Ff1=0，Ff2=10 N，Ff3=5 N参考答案：C3. 18．一盏“6V、12W”的小灯泡，一台线圈电阻是2Ω的电动机及电动势为30V、内阻1Ω的电源组成串联闭合电路，小灯泡刚好正常发光，则电动机输出的功率是A．36W B．44W C．50WD．63W参考答案：4. (多选题)如图所示，两根足够长且平行的光滑金属导轨与水平面成53°夹角固定放置，导轨间连接一阻值为6Ω的电阻JR，导轨电阻忽略不计．在两平行虚线m、n间有一与导轨所在平面垂直、磁感应强度为B的匀强磁场．导体棒a的质量为m a=0.4kg，电阻R a=3Ω；导体棒b的质量为m b=0.1kg，电阻R b=6Ω；它们分剐垂直导轨放置并始终与导轨接触良好．a、b从开始相距L0=0.5m处同时由静止开始释放，运动过程中它们都能匀速穿过磁场区域，当b刚穿出磁场时，a正好进入磁场（g取10m/s2，不计a、b之间电流的相互作用）．求（）A．当a、b分别穿越磁场的过程中，通过R的电荷量之比为3：1B．在穿越磁场的过程中，a、b两导体棒匀速运动的速度大小之比为3：1C．磁场区域沿导轨方向的宽度d=0.25mD．在整个过程中，产生的总焦耳热为1J参考答案：BCD：解：A、由q=△t，=，=，得通过导体棒的电荷量q总=．在b穿越磁场的过程中，b是电源，a与R是外电路，电路的总电阻R总1=R b+=8Ω，通过R的电荷量为q Rb=q总b=?同理a棒在磁场中匀速运动时R总2=6Ω，通过R的电荷量为q Ra=q总a=?可得：q Ra：q Rb=2：1，故A错误．B、设b在磁场中匀速运动的速度大小为v b，则b中的电流I b=由平衡条件得：=m b gsin53°同理a棒在磁场中匀速运动时=m a gsin53°可得v a：v b=3：1，故B正确．C、设a、b穿越磁场的过程中的速度分别为v a和v b，由题意得：v a=v b+gsin53°t在匀速穿过磁场的过程中，有d=v b t因为﹣=2gsin53°?L0解得：d=0.25mD、安培力大小F安a=m a gsin53°，安培力做功：W a=m a gdsin53°=0.8J同理W b=m b gdsin53°=0.2J在整个过程中，电路中共产生多少焦耳热Q=W a+W b=1J，故D正确．故选：BCD．【点评】：解决本题的关键能够正确地对a、b棒进行受力分析，根据受力情况判断物体的运动情况．以及知道在匀速运动时，安培力等于重力沿斜面方向的分力．5. 如图甲，在线圈中通入电流后，在上产生感应电流随时间变化规律如图乙所示，则通入线圈中的电流随时间变化图线是下图中的哪一个？（、中电流正方向如图甲中箭头）参考答案：答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一光滑圆环固定在竖直平面内，环上套着两个小球A和B（中央有孔），A、B间由细绳连接着，它们处于如图中所示位置时恰好都能保持静止状态。
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二、选择题：1．如图，在一水平、固定的闭合导体圆环上方．有一条形磁铁(Ｎ极朝上，Ｓ极朝下)由静止开始下落，磁铁从圆环中穿过且不与圆环接触，关于圆环中感应电流的方向(从上向下看)，下列说法正确的是（)Ａ．总是顺时针ﻩＢ.总是逆时针C.先顺时针后逆时针D．先逆时针后顺时针2．如图，一半径为R的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端等高；质量为m的质点自轨道端点P由静止开始滑下，滑到最低点Ｑ时,对轨道的正压力为2mg,重力加速度大小为g.质点自P滑到Q的过程中，克服摩擦力所做的功为（)A．ｍgR B.mｇRﻩＣ．mgRﻩD．mｇＲ3．如图，表面处处同样粗糙的楔形木块ａbｃ固定在水平地面上，aｂ面和bc面与地面的夹角分别为α和β，且α＞β．一初速度为v0的小物块沿斜面ab向上运动,经时间t0后到达顶点ｂ时，速度刚好为零；然后让小物块立即从静止开始沿斜面bc下滑.在小物块从a运动到ｃ的过程中,可能正确描述其速度大小v 与时间t的关系的图象是（）Ａ.ﻩB．ﻩC. D.4．如图，理想变压器原、副线圈匝数比为2０:1，两个标有“12V,6W”的小灯泡并联在副线圈的两端.当两灯泡都正常工作时,原线圈电路中电压表和电流表(可视为理想表）的示数分别是( ）A.1２0Ｖ,0.１0AﻩB.24０Ｖ，０．02５A C．1２０Ｖ，0.005ＡﻩＤ．240V，0.05A5．据报道，目前我国正在研制“萤火二号”火星探测器．探测器升空后，先在近地轨道上以线速度ｖ环绕地球飞行,再调整速度进入地火转移轨道，最后再一次调整速度以线速度v′在火星表面附近环绕飞行，若认为地球和火星都是质量分布均匀的球体，已知火星与地球的半径之比为1：２,密度之比为5：7，设火星与地球表面重力加速度分别为ｇ′和g，下列结论正确的是( ）A.g′:g=4:1B.g′:g＝10:7ﻩC.v′:ｖ=D.v′:v＝６.下列说法中，符合物理学史实的是（)A.亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用,物体或静止Ｂ．牛顿认为，力是物体运动状态改变的原因,而不是物体运动的原因C.麦克斯韦发现了电流的磁效应,即电流可以在其周围产生磁场D．奥斯特发现导线通电时,导线附近的小磁针发生偏转7．从地面上以初速度v0竖直上抛一质量为m的小球,若运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比,小球运动的速率随时间变化的规律如图所示，t1时刻到达最高点,再落回地面,落地速率为v１，且落地前小球已经做匀速运动,则下列说法正确的是( ）A.小球加速度在上升过程中逐渐减小,在下降过程也逐渐减小Ｂ．小球抛出瞬间的加速度大小为(1+)gＣ.小球被抛出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值最小D.小球上升过程的平均速度小于8．如图（a），直线MＮ表示某电场中一条电场线，a、b是线上的两点,将一带负电荷的粒子从a点处由静止释放，粒子从a运动到b过程中的ｖ﹣t图线如图（b)所示,设a、ｂ两点的电势分别为φa、φb，场强大小分别为E a、Eｂ,粒子在a、b两点的电势能分别为Wａ、Ｗｂ,不计重力,则有（)A．φa＞φbﻩＢ.Ｅa＞E bﻩＣ.Eａ＜EｂﻩD.W a＞Wｂ二、非选择题：9．现要测量滑块与木板之间的动摩擦因数,实验装置如图１所示．表面粗糙的木板一端固定在水平桌面上，另一端抬起一定高度构成斜面;木板上有一滑块,其后端与穿过打点计时器的纸带相连,打点计时器固定在木板上，连接频率为5０Ｈｚ的交流电源．接通电源后，从静止释放滑块，滑块带动纸带上打出一系列点迹．(1)图２给出的是实验中获取的一条纸带的一部分:0、１、２、3、4、５、6是实验中选取的计数点,每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出），2、３和5、6计数点间的距离如图2所示．由图中数据求出滑块的加速度a= m/s2(结果保留三位有效数字).(2）已知木板的长度为ｌ,为了求出滑块与木板间的动摩擦因数,还应测量的物理量是 .A.滑块到达斜面底端的速度ｖB.滑块的质量mＣ．滑块的运动时间t D．斜面高度h和底边长度x（3)设重力加速度为ｇ，滑块与木板间的动摩擦因数的表达式μ＝（用所需测量物理量的字母表示)10．（11分)为了节能环保,一些公共场所使用光控开关控制照明系统．光控开关可采用光敏电阻来控制,光敏电阻是阻值随着光的照度而发生变化的元件（照度可以反映光的强弱,光越强照度越大,照度单位为lx). (１)某光敏电阻Ｒ在不同照度下的阻值如下表，根据表中已知数据,在图1的坐标系中描绘出了阻值随照度变化的曲线．由图象可求出照度为1.０1x时的电阻约为kΩ．照度/１x0.20.40.60.8 1.０ 1.2电阻/kΩ５．83．7 2.8２.３ 1.8（２）如图2所示是街道路灯自动控制模拟电路,利用直流电源为电磁铁供电,利用照明电源为路灯供电.为达到天亮灯熄、天暗灯亮的效果，路灯应接在（填“AＢ”或“BC”）之间,请用笔画线代替导线,正确连接电路元件.(３)用多用电表“×10Ω”挡，按正确步骤测量图中电磁铁线圈电阻时，指针示数如图３所示9则线圈的电阻为Ω.已知当线圈中的电流大于或等于2mＡ时,继电器的衔铁将被吸合．图中直流电源的电动势E=6V，内阻忽略不计,滑动变阻器有三种规格可供选择：Ｒｌ(０~１０Ω，2A）、R２（0~２00Ω,1A)、R3（０~1750Ω,0．１A)．要求天色渐暗照度降低至l.0lx时点亮路灯,滑动变阻器应选择（填R1、R2、R3）．为使天色更暗时才点亮路灯，应适当地（填“增大”或“减小”）滑动变阻器的电阻.11.在风洞实验室中进行如图所示的实验.在倾角为３7°的固定斜面上,有一个质量为1kｇ的物块，在风洞施加的水平恒力F作用下,从A点由静止开始运动，经过１.2s到达B点时立即关闭风洞,撤去恒力Ｆ,物块到达C点是速度变为零，通过速度传感器测得这一过程中物块每隔０．２ｓ的瞬时速度,表给出了部分数据: t/s０.０0.２0.４0．6… 1.４1．61．８…v/(m•s﹣1）0.0 1.0２.0 3.0… 4.0 2.0０.0…已知ｓiｎ37°=0．６，cｏｎ37°=0.8，g取1０m/ｓ2求：（1）A、C两点间的距离（２）水平恒力F的大小.1２.如图所示，在空间建立O﹣xyz坐标系,水平向右为x轴正方向,竖直向上为y轴正方向,垂直纸面向外为z轴的正方向（图中未画出)．一个放射源放在ｘ轴上A点(﹣２a，0），它能持续放出质量为ｍ,带电量为+ｑ,速度大小为v０的粒子，粒子射出方向与x轴夹角可调节,在第二象限区域外加场的作用下,粒子射出后总由y轴上C点（0,3a，0）以垂直于y轴的方向射入第一象限．而在y轴右侧相距为a处有与x轴垂直的足够大光屏PQ,y轴和光屏ＰQ间同时存在垂直纸面向外、大小为E0的匀强电场以及大小为B0=的匀强磁场,不计粒子的重力．（1)若在第二象限整个区域仅存在沿﹣y轴方向的匀强电场,求该电场的场强Ｅ;(2)若在第二象限整个区域仅存在垂直纸面的匀强磁场，求磁感应强度B;(3)在上述两种情况下,粒子最终打在光屏上的位置坐标．[物理--选修3－5](15分)13．关于近代物理学,下列说法正确的是（)A.α射线、β射线和γ射线是三种波长不同的电磁波B.一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时能辐射出６种不同频率的光Ｃ．重核裂变过程生成中等质量的核，反应前后质量数守恒,但质量一定减少D.10个放射性元素的原子核在经一个半衰期后，一定有５个原子核发生衰变E．光电效应和康普顿效应的实验都表明光具有粒子性１４．如图所示,质量为ｍ=245g的物块(可视为质点)放在质量为M=0.5kg的木板左端，足够长的木板静止在光滑水平面上,物块与木板间的动摩擦因数为μ=0.4，质量为ｍ０＝5g的子弹以速度v0=３０0m/s沿水平方向射入物块并留在其中(时间极短），子弹射入后,g取１0m／ｓ２,求：（Ⅰ）物块相对木板滑行的时间；(Ⅱ)物块相对木板滑行的位移．ﻬ2０20┄2021学年广东省江门市台山市华侨中学高三(上）第6周周测物理试卷参考答案与试题解析二、选择题:１．如图,在一水平、固定的闭合导体圆环上方．有一条形磁铁(N极朝上,S极朝下）由静止开始下落,磁铁从圆环中穿过且不与圆环接触,关于圆环中感应电流的方向(从上向下看)，下列说法正确的是( ）A．总是顺时针ﻩＢ．总是逆时针C.先顺时针后逆时针ﻩD.先逆时针后顺时针【考点】楞次定律.【专题】电磁感应与电路结合．【分析】由楞次定律可以判断出感应电流的方向.【解答】解:由图示可知,在磁铁下落过程中,穿过圆环的磁场方向向上，在磁铁靠近圆环时,穿过圆环的磁通量变大,在磁铁远离圆环时穿过圆环的磁通量减小,由楞次定律可知，从上向下看,圆环中的感应电流先沿顺时针方向，后沿逆时针方向，故C正确．故选：C.【点评】本题考查了楞次定律的应用,正确理解楞次定律阻碍的含义是正确解题的关键．2.如图，一半径为Ｒ的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端等高；质量为m的质点自轨道端点Ｐ由静止开始滑下，滑到最低点Ｑ时，对轨道的正压力为2mg,重力加速度大小为ｇ．质点自P滑到Ｑ的过程中，克服摩擦力所做的功为（）A．mgRﻩＢ．mgＲＣ．mgR D.mgR【考点】动能定理.【专题】动能定理的应用专题．【分析】质点经过Q点时,由重力和轨道的支持力提供向心力，由牛顿运动定律求出质点经过Q点的速度,再由动能定理求解克服摩擦力所做的功．【解答】解：质点经过Q点时，由重力和轨道的支持力提供向心力,由牛顿第二定律得:N﹣mg=ｍ由题有:N＝2ｍg可得：ｖQ=质点自P滑到Q的过程中，由动能定理得:ｍgR﹣Wｆ=得克服摩擦力所做的功为Wｆ=mgR故选:Ｃ．【点评】本题考查动能定理的应用及向心力公式,要注意正确受力分析,明确指向圆心的合力提供圆周运动的向心力,知道动能定理是求解变力做功常用的方法.3.如图,表面处处同样粗糙的楔形木块ａbc固定在水平地面上,ａb面和bc面与地面的夹角分别为α和β，且α＞β.一初速度为v0的小物块沿斜面ab向上运动，经时间t0后到达顶点b时，速度刚好为零;然后让小物块立即从静止开始沿斜面bc下滑.在小物块从a运动到ｃ的过程中，可能正确描述其速度大小v与时间t的关系的图象是( )A． B.ﻩC．ﻩD．【考点】匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．【专题】压轴题;运动学中的图像专题．【分析】v﹣ｔ图象的斜率等于加速度，根据牛顿第二定律列式可比较物块上滑和下滑的加速度大小.根据运动学公式比较两个过程的时间关系及速度关系，即可选择图象．【解答】解：设物块上滑与下滑的加速度大小分别为ａ１和ａ2.根据牛顿第二定律得：mgsiｎα+μｍｇｃosα=ma１，mgsinβ﹣μmｇcosβ=ma2,得a1=ｇsiｎα＋μgｃosα，ａ２=gsinβ﹣μgｃosβ,则知ａ1＞ａ２而v﹣t图象的斜率等于加速度，所以上滑段图线的斜率大于下滑段图线的斜率.上滑过程的位移大小较小，而上滑的加速度较大，由x＝知，上滑过程时间较短．因上滑过程中,物块做匀减速运动，下滑过程做匀加速直线运动,两段图象都是直线.由于物体克服摩擦力做功，机械能不断减小，所以物体到达c点的速度小于v0．故Ｃ正确，ABD错误.故选Ｃ【点评】本题关键运用牛顿第二定律和运动学公式分析两个过程加速度关系、运动时间关系，即可结合图象的物理意义进行选择．４.如图,理想变压器原、副线圈匝数比为20:1,两个标有“12V，６W”的小灯泡并联在副线圈的两端．当两灯泡都正常工作时，原线圈电路中电压表和电流表(可视为理想表)的示数分别是（）A.120Ｖ，0.1０ＡB．2４0V，０.０2５A Ｃ．１２0V,０.００5Ａ D.240V,0.05Ａ【考点】变压器的构造和原理．【专题】交流电专题.【分析】灯泡正常工作，电压为额定电压,进而求出副线圈电压和电流,再根据变压器原副线圈电压、电流与线圈匝数的关系即可求解，电流表和电压表都是有效值.【解答】解:灯泡正常工作，所以副线圈电压U2=１2V,电流根据得：U1=240V根据解得:I1=0.05A所以电压表和电流表的示数分别为:24０V,0.05A故选D【点评】掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，本题即可得到解决．5．据报道，目前我国正在研制“萤火二号”火星探测器.探测器升空后,先在近地轨道上以线速度ｖ环绕地球飞行，再调整速度进入地火转移轨道，最后再一次调整速度以线速度v′在火星表面附近环绕飞行，若认为地球和火星都是质量分布均匀的球体，已知火星与地球的半径之比为1:２，密度之比为５：７,设火星与地球表面重力加速度分别为g′和ｇ，下列结论正确的是（)A．g′：g=4:1 B．ｇ′:ｇ=1０：７ C.v′:v＝ﻩＤ.v′：v=【考点】万有引力定律及其应用.【专题】万有引力定律的应用专题.【分析】在星球表面的物体受到的重力等于万有引力，根据质量与密度的关系,代入化简可得出重力加速度与密度和半径的关系，进一步计算重力加速度之比.根据根据牛顿第二定律有：和M=ρ•化简解出速度的表达式,代入数据化简可得速度之比.【解答】解：AB、在星球表面的物体受到的重力等于万有引力,所以所以,故AB错误．CD、探测器绕地球表面运行和绕月球表面运行都是由万有引力充当向心力,根据牛顿第二定律有:,得①，M为中心体质量,R为中心体半径．M＝ρ•②由①②得：ｖ=已知地球和火星的半径之比为１:2,密度之比为5：7,所以探测器绕地球表面运行和绕月球表面运行线速度大小之比为:故Ｃ正确、Ｄ错误.故选：Ｃ.【点评】解决本题的关键掌重力等于万有引力这个关系,求一个物理量,我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再根据表达式进行比较求解.6.下列说法中，符合物理学史实的是（)A．亚里士多德认为,必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用,物体或静止B．牛顿认为,力是物体运动状态改变的原因,而不是物体运动的原因C．麦克斯韦发现了电流的磁效应，即电流可以在其周围产生磁场Ｄ．奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转【考点】物理学史．【专题】常规题型．【分析】根据物理学史和常识解答,记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解:A、亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动;没有力的作用，物体静止，故Ａ正确；B、牛顿认为,力是物体运动状态改变的原因，而不是物体运动的原因,故Ｂ正确;C、奥斯特发现了电流的磁效应,即电流可以在其周围产生磁场，故Ｃ错误；D、奥斯特发现导线通电时,导线附近的小磁针发生偏转,电流可以在其周围产生磁场,故D正确.故选:ＡＢD．【点评】本题考查物理学史,是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆,这也是考试内容之一．７.从地面上以初速度v0竖直上抛一质量为ｍ的小球,若运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比,小球运动的速率随时间变化的规律如图所示,t1时刻到达最高点,再落回地面，落地速率为v1，且落地前小球已经做匀速运动，则下列说法正确的是( )Ａ．小球加速度在上升过程中逐渐减小,在下降过程也逐渐减小B．小球抛出瞬间的加速度大小为（1＋)gＣ．小球被抛出时的加速度值最大,到达最高点的加速度值最小D．小球上升过程的平均速度小于【考点】竖直上抛运动；平均速度．【分析】由图象得到小球上升过程和下降过程的运动规律，然后进行受力分析,根据牛顿第二定律进行分析.【解答】解：A、C、上升过程,受重力和阻力,合力向下，根据牛顿第二定律,有:f＋mg=ｍa,解得ａ＝g+＞g;由于是减速上升,阻力逐渐减小,故加速度不断减小;下降过程,受重力和阻力，根据牛顿第二定律，有:mg﹣f＝ｍa′,解得：<g;由于速度变大,阻力变大，故加速度变小;即上升和下降过程,加速度一直在减小;故A正确，C错误；B、空气阻力与其速率成正比,最终以v1匀速下降，有：ｍg=ｋｖ1;小球抛出瞬间,有：ｍg+kv0=ma0;[来源：学.科.网Z.Ｘ．X．Ｋ］联立解得：，故B正确；D、速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移,从图象可以看出,位移小于阴影部分面积,而阴影部分面积是匀减速直线运动的位移,匀减速直线运动的平均速度等于，故小球上升过程的平均速度小于，故D 正确;故选:AＢD.【点评】关于速度时间图象，重点要掌握速度时间图象斜率表示加速度，面积表示位移,会用极限的思想求解位移.8．如图（ａ），直线ＭN表示某电场中一条电场线,a、b是线上的两点,将一带负电荷的粒子从ａ点处由静止释放，粒子从a运动到ｂ过程中的v﹣t图线如图(b）所示，设a、ｂ两点的电势分别为φａ、φb，场强大小分别为Ｅa、Eｂ，粒子在a、ｂ两点的电势能分别为W a、W b,不计重力，则有（）A.φa>φbB.E a＞ＥｂＣ．Eａ<Ｅb D．W a＞W b【考点】电势;电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】从速度时间图线得到负电荷做匀加速运动，加速度变小,根据牛顿第二定律得到电场力的变化情况，和电场强度的变化情况；电势的高低看电场线的指向,沿着电场线电势一定降低．【解答】解：负电子从a运动到b,由速度时间图线得到负电荷做加速运动，故电场力向右;AD：负电荷受到的电场力与场强方向相反，故场强向左,沿场强方向,电势变小,故B点电势较大，即Φa<Φb,故电势能W a>W b,故D正确，A错误；BＣ：因为图线的斜率变小,故加速度变小,因此电场力变小,所以电场强度变小，即Ｅa>E b，故Ｂ正确，C错误;.故选:BD．【点评】本题关键通过速度时间图象得到物体的速度变化情况和加速度变化情况，然后判断场强方向和电势大小二、非选择题：9.现要测量滑块与木板之间的动摩擦因数,实验装置如图1所示．表面粗糙的木板一端固定在水平桌面上,另一端抬起一定高度构成斜面;木板上有一滑块,其后端与穿过打点计时器的纸带相连，打点计时器固定在木板上，连接频率为50Hｚ的交流电源．接通电源后,从静止释放滑块，滑块带动纸带上打出一系列点迹．（1)图2给出的是实验中获取的一条纸带的一部分:0、1、2、3、４、5、6是实验中选取的计数点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出），２、3和5、6计数点间的距离如图2所示.由图中数据求出滑块的加速度a＝２.5１m/s2(结果保留三位有效数字）.（2)已知木板的长度为l，为了求出滑块与木板间的动摩擦因数，还应测量的物理量是 D .Ａ．滑块到达斜面底端的速度v B.滑块的质量mC．滑块的运动时间ｔＤ.斜面高度h和底边长度x(3）设重力加速度为g，滑块与木板间的动摩擦因数的表达式μ=（用所需测量物理量的字母表示）【考点】探究影响摩擦力的大小的因素.【专题】实验题.【分析】（1）利用逐差法△x=aＴ2可以求出物体的加速度大小，根据匀变速直线运动中某点的瞬时速度等于该过程中的平均速度大小可以求出某点的瞬时速度大小;（２）根据牛顿第二定律有μｍｇcosθ＝ma，由此可知需要测量的物理量．（3）根据牛顿第二定律的表达式,可以求出摩擦系数的表达式【解答】解：(1）每相邻两计数点间还有4个打点，说明相邻的计数点时间间隔:T=0.1s，根据逐差法有:a＝=≈2.5１m／s2;(2）要测量动摩擦因数，由μmgcosθ＝ma,可知要求μ,需要知道加速度与夹角余弦值，纸带数据可算出加速度大小,再根据斜面高度h和底边长度x，结合三角知识，即可求解，故ABＣ错误，Ｄ正确．（３）以滑块为研究对象，根据牛顿第二定律有:μｍgcosθ+mgｓinθ=ma解得：μ＝=．故答案为:（1）２.5１，（2)D，(3).【点评】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项,同时要熟练应用所学基本规律解决实验问题．1０.(11分）为了节能环保，一些公共场所使用光控开关控制照明系统．光控开关可采用光敏电阻来控制,光敏电阻是阻值随着光的照度而发生变化的元件(照度可以反映光的强弱，光越强照度越大,照度单位为lx）．（1)某光敏电阻R在不同照度下的阻值如下表,根据表中已知数据，在图１的坐标系中描绘出了阻值随照度变化的曲线.由图象可求出照度为1．０1x时的电阻约为 2.0 kΩ．照度／1x0．20．4０.60.８ 1.0 1.２电阻／ｋΩ 5.８ 3.７2．8 2.31．8(２）如图2所示是街道路灯自动控制模拟电路，利用直流电源为电磁铁供电，利用照明电源为路灯供电．为达到天亮灯熄、天暗灯亮的效果,路灯应接在AB （填“ＡＢ”或“ＢC”)之间，请用笔画线代替导线,正确连接电路元件．（3)用多用电表“×10Ω”挡,按正确步骤测量图中电磁铁线圈电阻时,指针示数如图３所示9则线圈的电阻为140 Ω．已知当线圈中的电流大于或等于２mA时，继电器的衔铁将被吸合．图中直流电源的电动势E=6V,内阻忽略不计，滑动变阻器有三种规格可供选择：Rｌ(０～10Ω,2Ａ）、R2(0~2０0Ω,１A)、R3(0~１7５0Ω,0.1A）．要求天色渐暗照度降低至l.０lｘ时点亮路灯，滑动变阻器应选择R3（填R1、R2、R3）.为使天色更暗时才点亮路灯，应适当地减小（填“增大”或“减小”）滑动变阻器的电阻.【考点】传感器在生产、生活中的应用.【专题】实验题；定性思想;推理法；恒定电流专题．【分析】（１)根据图象直接读出对应的数据即可；（２）利用直流电源为电磁铁供电,将电源、光敏电阻、定值电阻、电键直接串联即可;分析电磁铁的电路，判定利用照明电源为路灯供电的接入点．(３）欧姆表的读数是先读出表盘的刻度，然后乘以倍率．由于光变暗时，光敏电阻变大,分的电压变大,故将控制系统与光敏电阻串联,照度降低至1.0(Lx)时启动照明系统,可以算出定值电阻的大小.【解答】解:(1）根据图象直接读出对应的照度为1.0 x时的电阻约为2.０kΩ．（2)光敏电阻的电阻值随光照强度的增大而减小,所以白天时光敏电阻的电阻值小，电路中的电流值大，电磁铁将被吸住；静触点与C接通;晚上时的光线暗，光敏电阻的电阻值大,电路中的电流值小,所以静触点与B接通．所以要达到晚上灯亮，白天灯灭，则路灯应接在ＡB 之间．电路图如图；(３）欧姆表的读数是先读出表盘的刻度,然后乘以倍率，表盘的刻度是14，倍率是“×10Ω”,所以电阻值是1４×10=140Ω;天色渐暗照度降低至1．01x时点亮路灯,此时光敏电阻的电阻值是2ｋΩ，电路中的电流是２mA，＝Ω，所以要选择滑动变阻器R3.由于光变暗时,光敏电阻变大,分的电压变大，所以为使天色更暗时才点亮路灯，应适当地减小滑动变阻器的电阻．故答案为:(1)２.0;(2)AB，如图；(3)14０,Ｒ3;减小【点评】该题考查电路设计的问题和变化电路的分析,要结合闭合电路欧姆定律、光敏电阻的特点去分析,难度比较大．11.在风洞实验室中进行如图所示的实验.在倾角为３７°的固定斜面上,有一个质量为1kg的物块，在风洞施加的水平恒力F作用下,从Ａ点由静止开始运动,经过１．2s到达B点时立即关闭风洞，撤去恒力F,物块到达C点是速度变为零,通过速度传感器测得这一过程中物块每隔0.2s的瞬时速度,表给出了部分数据:t/ｓ0．００.２0．40.６… 1.4 1.6１.8…v／(m•s﹣1）0．0 1.0２.0 3.０… 4.0 2.00.0…已知sin３7°=0.6,cｏn37°=０.8,g取10m／s2求:(1）A、C两点间的距离（２）水平恒力F的大小．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系.【专题】牛顿运动定律综合专题.【分析】(１)由表格数据分别计算出加速过程和减速过程的加速度大小，并计算出关闭风洞时的速度大小，由运动学公式求出加速位移和减速位移，相加即为AC点距离.(2）根据受力，由牛顿第二定律,列出关系式，联立方程求解可得出F大小．【解答】解：(１）物块匀加速运动过程中的加速度为:a1==5ｍ／s2关闭风洞时的速度为:ｖ=a1ｔ＝5×1．2=6m/s关闭风洞后物块匀减速运动的加速度为:a２=＝﹣10m/ｓ2匀加速过程的位移:x1===3．6m匀减速过程的位移：x2==1.8m故A、C两点间的距离为：x＝ｘ1+x2=3.6+1．８＝5.4m（2）由牛顿第二定律得,。