常见数学思想方法试题选

合集下载

七年级数学整体思想运用练习题

七年级数学整体思想运用练习题

七年级数学整体思想运用练习题一.选择题(共20小题)1.已知代数式3x2﹣4x+6的值为12,则x2−43x+6的值为()A.18B.12C.8D.62.已知代数式3x2﹣4x+6的值为9,则x2−43x+6的值为()A.18B.12C.9D.73.若代数式3x2﹣4x+9的值为12,则代数式x2−43x+8的值为()A.18B.12C.9D.74.已知代数式x2﹣2x+1的值为9,则2x2﹣4x+3的值为()A.18B.12C.19D.175.已知代数式6x2﹣12x+6的值为9,则代数式2x2﹣4x+6的值为()A.18B.12C.9D.76.已知代数式x+2y的值是3,则代数式2x+4y+1的值是()A.1B.4C.7D.不能确定7.若2m﹣n﹣4=0,则﹣2m+n﹣9值是()A.﹣13B.﹣5C.5D.138.当x=2时,代数式ax3+bx﹣7的值等于﹣19,那么当x=﹣2时,这个代数式的值为()A.5B.19C.﹣31D.﹣199.已知2a﹣3b=2,则8﹣6a+9b的值是()A.0B.2C.4D.910.如果代数式4y2﹣2y+5的值为7,那么代数式﹣12y2+6y+1的值为()A.5B.﹣3C.﹣5D.411.已知a﹣b=3,c+d=﹣5,则代数式(a﹣c)﹣(b+d)的值是()A.8B.﹣8C.﹣2D.212.若多项式2x2+3y+3的值为8,则多项式6x2+9y+8的值为()A.1B.11C.15D.2313.若3a﹣2b﹣5=0,则代数式6a﹣4b﹣6的值是()A.﹣16B.16C.﹣4D.414.已知代数式x +2y +1的值是﹣3,则代数式2x +4y +1的值是( ) A .2B .﹣2C .7D .﹣715.已知:当x =1时,代数式12ax 3﹣3bx +4的值是7,那么,当x =﹣1时,这个代数式的值是( ) A .7B .3C .1D .﹣716.当x =﹣1时,代数式2ax 3﹣3bx +8的值为18,那么,代数式9b ﹣6a +2=( ) A .28B .﹣28C .32D .﹣3217.已知m −n =−23,则7﹣3m +3n 的值为( ) A .9B .5C .723D .61318.已知a +12b =3,则1+2a +b 的值是( ) A .7B .72C .5D .5219.当x =1时,代数式px 3+qx +1的值是﹣2020,则当x =﹣1时,代数式px 3+qx +1的值是( ) A .2019B .2020C .2021D .202220.已知x ﹣y =12,则﹣(2﹣x +y )的结果是( ) A .−32B .112C .72D .−72七年级数学整体思想运用练习题参考答案与试题解析一.选择题(共20小题)1.已知代数式3x 2﹣4x +6的值为12,则x 2−43x +6的值为( ) A .18B .12C .8D .6解:∵3x 2﹣4x +6=12, ∴3x 2﹣4x =6,则x 2−43x +6=13(3x 2﹣4x )+6 =13×6+6 =8,故选:C.2.已知代数式3x2﹣4x+6的值为9,则x2−43x+6的值为()A.18B.12C.9D.7解:由题意得:3x2﹣4x+6=9,即x2−43x=1,则原式=1+6=7,故选:D.3.若代数式3x2﹣4x+9的值为12,则代数式x2−43x+8的值为()A.18B.12C.9D.7解:∵3x2﹣4x+9=12,∴x2−43x+3=4,即x2−43x=1,则x2−43x+8=1+8=9.故选:C.4.已知代数式x2﹣2x+1的值为9,则2x2﹣4x+3的值为()A.18B.12C.19D.17解:∵x2﹣2x+1=9,即x2﹣2x=8,∴2x2﹣4x+3=2(x2﹣2x)+3=16+3=19.故选:C.5.已知代数式6x2﹣12x+6的值为9,则代数式2x2﹣4x+6的值为()A.18B.12C.9D.7解:由题意可知:6x2﹣12x+6=9,∴x2﹣2x=1 2,∴原式=2(x2﹣2x)+6=2×12+6=1+6=7,故选:D.6.已知代数式x+2y的值是3,则代数式2x+4y+1的值是()A.1B.4C.7D.不能确定解:∵x+2y=3,∴2x+4y+1=2(x+2y)+1,=2×3+1,=6+1,=7.故选:C.7.若2m﹣n﹣4=0,则﹣2m+n﹣9值是()A.﹣13B.﹣5C.5D.13解:∵2m﹣n﹣4=0,∴2m﹣n=4,∴﹣2m+n=﹣4,∴﹣2m+n﹣9=﹣4﹣9=﹣13,故选:A.8.当x=2时,代数式ax3+bx﹣7的值等于﹣19,那么当x=﹣2时,这个代数式的值为()A.5B.19C.﹣31D.﹣19解:∵x=2时,代数式ax3+bx﹣7的值等于﹣19,把x=2代入得:8a+2b﹣7=﹣19∴8a+2b=﹣12根据题意把x=﹣2代入ax3+bx﹣7得:﹣8a﹣2b﹣7=﹣(8a+2b)﹣7=﹣(﹣12)﹣7=5故选:A.9.已知2a﹣3b=2,则8﹣6a+9b的值是()A.0B.2C.4D.9解:∵2a﹣3b=2,∴原式=8﹣3(2a﹣3b)=8﹣6=2.故选:B.10.如果代数式4y 2﹣2y +5的值为7,那么代数式﹣12y 2+6y +1的值为( ) A .5B .﹣3C .﹣5D .4解:∵4y 2﹣2y +5=7,即4y 2﹣2y =2, ∴原式=﹣3(4y 2﹣2y )+1=﹣6+1=﹣5, 故选:C .11.已知a ﹣b =3,c +d =﹣5,则代数式(a ﹣c )﹣(b +d )的值是( ) A .8B .﹣8C .﹣2D .2解:∵a ﹣b =3,c +d =﹣5,∴原式=a ﹣c ﹣b ﹣d =(a ﹣b )﹣(c +d )=3+5=8, 故选:A .12.若多项式2x 2+3y +3的值为8,则多项式6x 2+9y +8的值为( ) A .1B .11C .15D .23解:∵2x 2+3y +3=8, ∴2x 2+3y =5,则原式=3(2x 2+3y )+8=15+8=23, 故选:D .13.若3a ﹣2b ﹣5=0,则代数式6a ﹣4b ﹣6的值是( ) A .﹣16B .16C .﹣4D .4解:∵3a ﹣2b ﹣5=0, ∴3a ﹣2b =5,∴6a ﹣4b ﹣6=2(3a ﹣2b )﹣6=2×5﹣6=4, 故选:D .14.已知代数式x +2y +1的值是﹣3,则代数式2x +4y +1的值是( ) A .2B .﹣2C .7D .﹣7解:由题意得到x +2y +1=﹣3,即x +2y =﹣4, 则原式=2(x +2y )+1=﹣8+1=﹣7. 故选:D .15.已知:当x =1时,代数式12ax 3﹣3bx +4的值是7,那么,当x =﹣1时,这个代数式的值是( )A .7B .3C .1D .﹣7解:把x =1代入得:12a ﹣3b =3,则x =﹣1时,代数式=−12a +3b +4=﹣3+4=1, 故选:C .16.当x =﹣1时,代数式2ax 3﹣3bx +8的值为18,那么,代数式9b ﹣6a +2=( ) A .28B .﹣28C .32D .﹣32解:∵当x =﹣1时,代数式2ax 3﹣3bx +8的值为18, ∴﹣2a +3b +8=18, ∴﹣2a +3b =10, 则9b ﹣6a +2, =3(﹣2a +3b )+2, =3×10+2, =32, 故选:C .17.已知m −n =−23,则7﹣3m +3n 的值为( ) A .9B .5C .723D .613解:7﹣3m +3n =7﹣3(m ﹣n )=7﹣3×(−23)=9. 故选:A .18.已知a +12b =3,则1+2a +b 的值是( ) A .7B .72C .5D .52解:∵a +12b =3, ∴2a +b =6, ∴1+2a +b =1+6 =7; 故选:A .19.当x =1时,代数式px 3+qx +1的值是﹣2020,则当x =﹣1时,代数式px 3+qx +1的值是()A.2019B.2020C.2021D.2022解:∵x=1时,代数式px3+qx+1的值是﹣2020,∴把x=1代入px3+qx+1得,p+q+1=﹣2020,∴p+q=﹣2021,∴﹣p﹣q=2021,把x=﹣1代入px3+qx+1得,﹣p﹣q+1=2021+1=2022,故选:D.20.已知x﹣y=12,则﹣(2﹣x+y)的结果是()A.−32B.112C.72D.−72解:∵x﹣y=1 2,∴y﹣x=−1 2,∴﹣(2﹣x+y)=﹣(2−1 2)=﹣1.5,故选:A.。

高中数学数形结合思想必考题型全梳理(附例题)

高中数学数形结合思想必考题型全梳理(附例题)

⾼中数学数形结合思想必考题型全梳理(附例题)数学好教师2020-07-17⼀数形结合的三个原则⼀等价性原则在数形结合时,代数性质和⼏何性质的转换必须是等价的,否则解题将会出现漏洞.⾸先,由代数式、⽅程、不等式构造函数时⼀要注意变量(包括⾃变量和因变量)的取值范围。

⼆双向性原则既要进⾏⼏何直观分析,⼜要进⾏相应的代数抽象探求,直观的⼏何说明不能代替严谨的代数推理.另⼀⽅⾯,仅⽤直观分析,有时反倒使问题变得复杂,⽐如在⼆次曲线中的最值问题,有时使⽤三⾓换元,反倒简单轻松.三简单性原则不要为了“数形结合”⽽数形结合.具体运⽤时,⼀要考虑是否可⾏和是否有利;⼆要选择好突破⼝,确定好主元;三要挖掘隐含条件,准确界定参变量的取值范围,特别是运⽤函数图象时应设法选择动直线(直线中含有参数)与定⼆次曲线.⼆数形结合的应⽤⼀利⽤数轴、韦恩图求集合利⽤数形结合的思想解决集合问题,常⽤的⽅法有数轴法、韦恩图法等。

当所给问题的数量关系⽐较复杂,不好找线索时,⽤韦恩图法能达到事半功倍的效果。

⼆数形结合在解析⼏何中的应⽤解析⼏何问题往往综合许多知识点,在知识⽹络的交汇处命题,备受出题者的青睐,求解中常常通过数形结合的思想从动态的⾓度把抽象的数学语⾔与直观的⼏何图形结合起来,达到研究、解决问题的⽬的.构建解析⼏何中的斜率、截距、距离等模型研究最值问题;如果等式、代数式的结构蕴含着明显的⼏何特征,就要考虑⽤数形结合的⽅法来解题,即所谓的⼏何法求解,⽐较常见的对应有:(⼀)与斜率有关的问题(⼆)与距离有关的问题三数形结合在函数中的应⽤(⼀)利⽤数形结合解决与⽅程的根有关的问题【点拨】数形结合可⽤于解决⽅程的根的问题,准确合理地作出满⾜题意的图象是解决这类问题的前提.(⼆)利⽤数形结合解决函数的单调性问题(三)利⽤数形结合解决⽐较数值⼤⼩的问题(四)函数的最值问题(五)利⽤数形结合解决抽象函数问题四运⽤数形结合思想解不等式(⼀) 解不等式(⼆)求参数的取值范围五运⽤数形结合思想解决三⾓函数问题纵观近三年的⾼考试题,巧妙地运⽤数形结合的思想⽅法来解决⼀些问题,可以简化计算,节省时间,提⾼考试效率,起到事半功倍的效果.六解决⼏何问题图象解决⼏何问题借助向量的借助向量的图象利⽤向量可以解决线段相等,直线垂直,⽴体⼏何中空间⾓(异⾯直线的⾓、线⾯⾓、⼆⾯⾓)和空间距离(点线距、线线距、线⾯距、⾯⾯距),利⽤空间向量解决⽴体⼏何问题,将抽象的逻辑论证转化为代数计算,以数助形,⼤⼤降低了空间想象能⼒,是数形结合的深化。

小学教育(数学思想与方法》考试汇集(含答案)

小学教育(数学思想与方法》考试汇集(含答案)

数学思想与方法试题 2015年元月 A一、单项选择题(每题4分,共40分)1.数学的第一次危机是由于出现了( C )而造成的。

A.无理数(或√虿) B.整数比詈不可约 C.无理数(或厄) D.有理数无法表示正方形边长2.算法大致可以分为( A )两大类。

A.多项式算法和指数型算法 B.对数型算法和指数型算法C. 三角函数型算法和指数型算法 D.单向式算法和多项式算法3.反驳反例是用____否定的一种思维形式。

( D )A.偶然必然 B.随机确定 C.常缝变量 D.特殊一般4.类比联想是人们运用类比法获得猜想的一种思想方法,它的主要步骤是( B )。

A.猜测一类比一联想 B.联想一类比一猜测 C.类比一联想一猜测 D.类比一猜测一联想5.归纳猜想是运用归纳法得到的猜想,它的思维步骤是( D )。

A.归纳一猜测一特例B.猜测一特例一归纳 C.特例一猜测一归纳D.特例一归纳一猜测6.传统数学教学只注重( A )的数学知识传授,忽略了数学思想方法的挖掘、整理、提炼。

A.形式化 B.科学化 C.系统化 D.模型化7.所谓统一性,就是( C )之间的协调。

A.整体与整体 B.部分与部分 C.部分与部分、部分与整体 D.个别与集体8.中国《九章算术》的算法体系和古希腊《几何原本》____的体系在数学历史发展进程中争奇斗妍、交相辉映。

( A )A.以算为主逻辑演绎 B.演绎为主推理证明 C模型计算为主几何作画为主 D.模型计算几何证明9.所谓数学模型方法是( B )。

A.利用数学实验解决问题的一般数学方法 B.利用数学模型解决问题的一般数学方法C.利用数学理论解决问题的一般数学方法 D.利用几何图形解决问题的一般数学方法10.公理化方法就是从( D )出发,按照一定的规定定义出其它所有的概念,推导出其它一切命题的一种演绎方法。

A.一般定义和公理 B.特定定义和概念 C.特殊概念和公理 D.初始概念和公理二、判断题(回答对或错,每题4分,共20分)1.数学抽象摆脱了客观事物的物质性质,从中抽取其数与形,因而数学抽象具有无物质性。

数学思想与方法试题

数学思想与方法试题

数学思想与方法试题一、填空题(每题3分,共30分)1. 概括通常包括两种:经验概括和理论概括。

而经验概括是从事实出发,以对个别事物所作的观察陈述为基础,上升为普遍的认识—的认识。

2.算法大致可以分为3.反驳反例是用两大类。

否定的一种思维形式。

类比联想是人们运用类比法获得猜想的一种思想方法,它的主要步骤是5. 归纳猜想是运用归纳法得道的猜想,它的思维步骤是6. 传统数学教学只注重_ 的数学知识传授,忽略了数学思想方法的挖掘、整理、提炼。

7. 所谓统一性,就是协调一致。

8. 中国《九章算术》的算法体系和古希腊《几何原本》的体系在数学历史发展进程中争奇斗妍、交相辉映。

9. 所谓数学模型方法是10. 所谓特殊化是指在研究问题时,的思想方法。

二、判断题(每题4分,共20分。

在括号里填上是或否)1.数学思想方法教学隶属数学教学范畴,只要贯彻通常的数学教学原则就可实现数学思想方法教学目标。

( )2数学基础知识和数学思想方法是数学教学的两条主线。

( )3新颁发的《数学课程标准》中的特点之一“再创造”体现了我国数学课程改革与发展的新的理念。

( )法国的布尔巴基学派利用数学结构实现了数学的统一。

由类比法推得的结论必然正确。

( )三、简答题(每题10分,共30分)1.常量数学应用的局限性是什么?\2.简述计算的意义。

3,简述培养数学猜想能力的途径。

四、证明题(20分)在四面体ABCD中,如图,已知AB土CD,A D土BC;求证:AC土BDo数学思想与方法试题答案及评分标准一、填空题(每题3分.共30分}1. 由对个体特性的认识上升为对个体所属的种的特性2. 多项式算法和指数型算法3. 特殊一般4. 联想类比猜测5. 特例归纳猜测6. 形式化7. 就是部分与部分部分与整体之间的8. 以算为主逻辑演绎9. 利用数学模型解决问题的一般数学方法10. 从对象的一个给定集合出发,进而考虑某个包含于该集合的较小集合二、判断题(每题4分,共20分。

《数学思想与方法》期末试题及答案

《数学思想与方法》期末试题及答案

试卷代号:1 1 73中央广播电视大学2013-2014学年度第一学期“开放本科”期末考试数学思想与方法试题一、判断题(对的打“√”,错的打“×”,每题4分,共20分)1.抽象得到的新概念与表述原来的对象概念之间不一定有种属关系。

( )2.在解决数学问题时,往往需要综合运用多种数学思想方法才能奏效。

( )3.完全归纳法的一般推理形式是:设S= {Ai,A2,A3,…A。

),由于Ai、A。

… A。

具有性质P,因此推断集合S中的每一个对象都具有性质P。

( )4.完全归纳法实质上属于演绎推理的范畴。

( )5.数学思想方法教学隶属数学教学范畴,只要贯彻通常的数学教学原则就可实现数学思想方法教学目标。

( )二、填空题(每题3分,共30分;每题答题不完整扣1分)6.概括通常包括两种:经验概括和理论概括。

而经验概括是从事实出发,以对个别事物所作的观察陈述为基础,上升为普遍的认识一的认识。

7.所谓类比,是指;常称这种方法为类比法,也称类比推理。

8.《九章算术》系统地总结了先秦和东汉初年我国的数学成就,经过历代名家补充、修改、增订而逐步形成,现传世的《九章算术》是三国时期魏晋数学家____注释的版本。

9.化隐为显原则是数学思想方法教学原则之一,它的含义就是把隐藏在数学知识背后的显示出来,使之明朗化,以达到教学目的。

10.初等代数的特点是——O11.三段论是演绎推理的主要形式。

三段论由三部分组成。

12.在计算机时代,一____已成为与理论方法、实验方法并列的第三种科学方法。

13.在古代的活动中就有概率思想的雏形,但是作为一门学科则产生于17世纪中期前后,它的起源与一个所谓的点数问题有关。

14.分类方法具有三个要素:——O15.数学的第一次危机是由于出现了而造成的。

三、简答题(每题10分,共40分)16.简述代数解题方法的基本思想。

17.试对《九章算术》思想方法的一个特点“算法化的内容”加以说明。

18.微积分产生可以归结为哪四类情况?19.变量数学产生的意义是什么?四、解答题(共10分)20.简述数学模型在数学教学中的作用。

数学思想与方法试题总卷

数学思想与方法试题总卷

数学思想与方法试题总卷数学思想与方法试题A卷一、填空题(每题5分,共25分)1.算法的有效性是指从初始数据出发使用该算法能够得到问题的正确解。

3.数形结合方法是在研究数学问题时,通过数思形、见形思数、数形结合考虑问题的一种思想方法。

7.数学的统一性表现为数学的各个分支相互渗透和相互结合的趋势。

9.学生理解或掌握数学思想方法的过程一般有三个主要阶段:潜意识阶段、明朗化阶段、深刻理解阶段。

15.古代数学大体可分为两种不同的类型:一种是崇尚逻辑推理,以《几何原本》为代表;一种是长于计算和实际应用,以《九章算术》为典范。

二、判断题(每题5分,共25分。

在括号里填上是或否)1.计算机是数学的创造物,又是数学的创造者。

(否)2.抽象得到的新概念与表述原来的对象的概念之间一定有种属关系。

(否)3.一个数学理论体系内的每一个命题都必须给出证明。

(否)4.贯穿在整个数学发展历史过程中有两个思想,一是公理化思想,一是机械化思想。

(是)5.提出一个问题的猜想是解决这个问题的终结。

(否)三、简答题(每题10分,共50分)1.为什么说《几何原本》是一个封闭的演绎体系?答:《几何原本》中每个定理的证明所采用的论据均是公设、公理或前面已经证明过的定理,并且引入的概念(除原始概念)也基本上是符合逻辑上对概念下定义的要求,原则上不再依赖其它东西。

因此,《几何原本》是一个封闭的演绎体系。

此外,《几何原本》的理论体系回避任何与社会生产现实生活有关的应用问题,因此对于社会生活的各个领域来说,它也是封闭的。

评分标准:完整答出①②③,得10分;答出其中两个,得6分;答出其中一个,得3分。

2.为什么说最早使用数学模型方法的是中国人?答:中国古代数学家在解决实际问题时,采用了丰富的数学模型方法,如《九章算术》中的“方程”、“方程组”、“同余方程”等概念,以及《海峡两岸算经》中的“商”、“量”、“分”等概念。

这些方法的使用早于欧洲文艺复兴时期的数学家,因此可以说最早使用数学模型方法的是中国人。

专题03 整体代入法(解析版)中考二轮专题复习之数学思想和方法以及常见题型满分练(全国通用)

专题03  整体代入法(解析版)中考二轮专题复习之数学思想和方法以及常见题型满分练(全国通用)

专题03 整体代入法【规律总结】整体代入法,在求代数式值中应用求代数式的值最常用的方法,即把字母所表示的数值直接代入,计算求值。

有时给出的条件不是字母的具体值,就需要先进行化简,求出字母的值,但有时很难求出字母的值或者根本就求不出字母的值,根据题目特点,将一个代数式的值整体代入,求值时方便又快捷,这种整体代入的技法经常用到。

【典例分析】例1、在矩形ABCD内,将两张边长分别为a和b(a>b)的正方形纸片按图1,图2两种方式放置(图1,图2中两张正方形纸片均有部分重叠),矩形中未被这两张正方形纸片覆盖的部分用阴影表示,设图1中阴影部分的面积为S1,图2中阴影部分的面积为S2.当AD−AB=2时,S2−S1的值为()A. 2aB. 2bC. 2a−2bD. −2b【答案】B【解析】解:S1=(AB−a)⋅a+(CD−b)(AD−a)=(AB−a)⋅a+(AB−b)(AD−a),S2=AB(AD−a)+(a−b)(AB−a),∴S2−S1=AB(AD−a)+(a−b)(AB−a)−(AB−a)⋅a−(AB−b)(AD−a)=(AD−a)(AB−AB+b)+(AB−a)(a−b−a)=b⋅AD−ab−b⋅AB+ab=b(AD−AB)=2b.故选:B.利用面积的和差分别表示出S1和S2,然后利用整式的混合运算计算它们的差.本题考查了整式的混合运算:“整体”思想在整式运算中较为常见,适时采用整体思想可使问题简单化,并且迅速地解决相关问题,此时应注意被看做整体的代数式通常要用括号括起来.也考查了正方形的性质.例2、若m是方程2x2−3x−1=0的一个根,则6m2−9m+2015的值为______.【答案】2018【解析】解:由题意可知:2m2−3m−1=0,∴2m2−3m=1∴原式=3(2m2−3m)+2015=2018故答案为:2018根据一元二次方程的解的定义即可求出答案.本题考查一元二次方程的解,解题的关键是正确理解一元二次方程的解的定义,本题属于基础题型.例3、解下列各题:(1)若n满足(n−2023)(2021−n)=−6,求(n−2023)2+(2021−n)2的值.(2)已知:m2=n+2,n2=m+2(m≠n),求:m3−2mn+n3的值.【答案】解:(1)∵(n−2023)(2021−n)=−6,∴原式=(n−2023+2021−n)2−2(n−2023)(2021−n)=(−2)2−2×(−6)=4+12=16;(2)∵m2=n+2①,n2=m+2(m≠n)②,∴m2−n=2,n2−m=2,∵m≠n,∴m−n≠0,∴①−②得m2−n2=n−m∴(m−n)(m+n)=−(m−n),∵m−n≠0,∴m+n=−1∴原式=m3−mn−mn+n3=m(m2−n)+n(n2−m)=2m +2n=2(m +n)=2×(−1)=−2.【解析】本题主要考查的是代数式求值,完全平方公式,运用了整体代入法的有关知识.(1)将给出的代数式进行变形为(n −2023+2021−n)2−2(n −2023)(2021−n),然后整体代入求值即可;(2)先根据m 2=n +2,n 2=m +2(m ≠n),求出m +n =−1,然后将给出的代数式进行变形,最后整体代入求解即可.【好题演练】一、选择题1. 已知a +b =12,则代数式2a +2b −3的值是( ) A. 2B. −2C. −4D. −312 【答案】B 【解析】解:∵2a +2b −3=2(a +b)−3,∴将a +b =12代入得:2×12−3=−2故选:B .注意到2a +2b −3只需变形得2(a +b)−3,再将a +b =12,整体代入即可此题考查代数式求值的整体代入,只需通过因式解进行变形,再整体代入即可.2. 若α、β为方程2x 2−5x −1=0的两个实数根,则2α2+3αβ+5β的值为( ) A. −13B. 12C. 14D. 15【答案】B【解析】【分析】 本题考查了根与系数的关系:若x 1,x 2是一元二次方程ax 2+bx +c =0(a ≠0)的两根时,x 1+x 2=−b a,x 1x 2=c a .也考查了一元二次方程解的定义. 根据一元二次方程解的定义得到2α2−5α−1=0,即2α2=5α+1,则2α2+3αβ+5β可表示为5(α+β)+3αβ+1,再根据根与系数的关系得到α+β=52,αβ=−12,然后利用整体代入的方法计算.【解答】解:∵α为2x 2−5x −1=0的实数根,∴2α2−5α−1=0,即2α2=5α+1,∴2α2+3αβ+5β=5α+1+3αβ+5β=5(α+β)+3αβ+1,∵α、β为方程2x 2−5x −1=0的两个实数根,∴α+β=52,αβ=−12,∴2α2+3αβ+5β=5×52+3×(−12)+1=12. 故选B .3. 如果a 2+2a −1=0,那么代数式(a −4a ).a 2a−2的值是( )A. −3B. −1C. 1D. 3【答案】C【解析】【分析】 本题考查分式的化简求值,解答本题的关键是明确分式化简求值的方法.根据分式的减法和乘法可以化简题目中的式子,然后根据a 2+2a −1=0,可以得到a 2+2a =1,从而可以求得所求式子的值.【解答】解:(a −4a )⋅a 2a−2=a 2−4a ⋅a 2a−2=(a+2)(a−2)a ⋅a 2a−2=a 2+2a ,由a 2+2a −1=0得a 2+2a =1,故原式=1.故选C .4.已知1x −1y=3,则代数式2x+3xy−2yx−xy−y的值是()A. −72B. −112C. 92D. 34【答案】D【解析】解:∵1x−1y=3,∴y−xxy=3,∴x−y=−3xy,则原式=2(x−y)+3xy(x−y)−xy=−6xy+3xy−3xy−xy=−3xy−4xy=34,故选:D.由1x −1y=3得出y−xxy=3,即x−y=−3xy,整体代入原式=2(x−y)+3xy(x−y)−xy,计算可得.本题主要考查分式的加减法,解题的关键是掌握分式加减运算法则和整体代入思想的运用.5.已知x1,x2是方程x2−3x−2=0的两根,则x12+x22的值为()A. 5B. 10C. 11D. 13【答案】D【解析】【分析】本题考查了完全平方公式以及根与系数的关系:若x1,x2是一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的两根时,x1+x2=−ba ,x1x2=ca,利用根与系数的关系得到x1+x2=3,x1x2=−2,再利用完全平方公式得到x12+x22=(x1+x2)2−2x1x2,然后利用整体代入的方法计算.【解答】解:根据题意得x1+x2=3,x1x2=−2,所以x12+x22=(x1+x2)2−2x1x2=32−2×(−2)=13.故选:D.6.小慧去花店购买鲜花,若买5支玫瑰和3支百合,则她所带的钱还剩下10元;若买3支玫瑰和5支百合,则她所带的钱还缺4元.若只买8支玫瑰,则她所带的钱还剩下()A. 31元B. 30元C. 25元D. 19元【答案】A【解析】【分析】本题考查了二元一次方程的应用,找准等量关系,正确列出二元一次方程是解题的关键.设每支玫瑰x元,每支百合y元,根据总价=单价×数量结合小慧带的钱数不变,可得出关于x,y的二元一次方程,整理后可得出y=x+7,再将其代入5x+3y+10−8x中即可求出结论.【解答】解:设每支玫瑰x元,每支百合y元,依题意,得:5x+3y+10=3x+5y−4,∴y=x+7,∴5x+3y+10−8x=5x+3(x+7)+10−8x=31.故选A.二、填空题7.已知ab=a+b+1,则(a−1)(b−1)=______.【答案】2【解析】【分析】本题考查多项式乘多项式,解题的关键是掌握多项式乘多项式的运算法则及整体代入思想的运用,属于基础题.将ab=a+b+1代入原式=ab−a−b+1,合并即可得.【解答】解:当ab=a+b+1时,原式=ab−a−b+1=a+b+1−a−b+1=2,故答案为:2.8.将抛物线y=ax2+bx−1向上平移3个单位长度后,经过点(−2,5),则8a−4b−11的值是______.【答案】−5【解析】解:将抛物线y=ax2+bx−1向上平移3个单位长度后,表达式为:y=ax2+bx+2,∵经过点(−2,5),代入得:4a−2b=3,则8a−4b−11=2(4a−2b)−11=2×3−11=−5,故答案为:−5.根据二次函数的平移得出平移后的表达式,再将点(−2,5)代入,得到4a−2b=3,最后将8a−4b−11变形求值即可.本题考查了二次函数的平移,二次函数图象上点的坐标特征,解题的关键是得出平移后的表达式.9.若a+b=1,则a2−b2+2b−2=______.【答案】−1【解析】解:∵a+b=1,∴a2−b2+2b−2=(a+b)(a−b)+2b−2=a−b+2b−2=a+b−2=1−2=−1.故答案为:−1.由于a+b=1,将a2−b2+2b−2变形为a+b的形式,整体代入计算即可求解.本题考查了平方差公式,注意整体思想的应用.10.若实数x满足x2−2x−1=0,则2x3−7x2+4x−2017=______.【答案】−2020【解析】【分析】把−7x2分解成−4x2与−3x2相加,然后把所求代数式整理成用x2−2x表示的形式,然后代入数据计算求解即可.本题考查了提公因式法分解因式,利用因式分解整理出已知条件的形式是解题的关键,整体代入思想的利用比较重要.【解答】解:∵x2−2x−1=0,∴x2−2x=1,2x3−7x2+4x−2017=2x3−4x2−3x2+4x−2017,=2x(x2−2x)−3x2+4x−2017,=6x−3x2−2017,=−3(x2−2x)−2017=−3−2017=−2020,故答案为−2020.11.已知|x−y+2|+√x+y−2=0,则x2−y2的值为________.【答案】−4【解析】【分析】本题考查了非负数的性质,解题关键是掌握几个非负数的和等于0,那么这几个非负数都等于0.由非负数的性质得出x、y的值,再代入所求代数式求解即可.【解答】解:∵|x−y+2|+√x+y−2=0,∴x−y+2=0,x+y−2=0,即x−y=−2,x+y=2,∴x 2−y 2=(x +y)(x −y)=2×(−2)=−4,故答案为−4.12. 已知m +n =3mn ,则1m +1n 的值为______.【答案】3【解析】【试题解析】【分析】本题考查了分式的化简求值,利用通分将原式变形为m+n mn 是解题的关键.原式通分后可得出m+n mn ,代入m +n =3mn 即可求出结论.【解答】解:原式=1m +1n =m+n mn ,又∵m +n =3mn ,∴原式=m+n mn =3.故答案为:3.三、解答题13. 已知x =√2+1,y =√2−1,分别求下列代数式的值;(1)x 2+y 2;(2)y x +x y .【答案】解:(1)∵x =2+1=√2−1,y =2−1=√2+1,∴x −y =−2,xy =2−1=1,∴x 2+y 2=(x −y)2+2xy =(−2)2+2×1=6;(2)∵x 2+y 2=6,xy =1,∴原式=x 2+y 2xy =61=6.【解析】本题考查二次根式的化简求值,分母有理化,解题的关键是运用完全平方公式以及整体思想,本题属于基础题型.(1)先将x 、y 进行分母有理化,得到x =√2−1,y =√2+1,再求出x −y 与xy 的值,然后根据完全平方公式得出x 2+y 2=(x −y)2+2xy ,再整体代入即可;(2)将所求式子变形为x 2+y 2xy ,再整体代入即可.14. 阅读材料,然后解方程组.材料:解方程组{x −y −1=0, ①4(x −y)−y =5. ②由①得x −y③,把③代入②,得4×1−y =5.解得y =−1.把y =−1代入③,得x =0.∴{x =0y =−1这种方法称为“整体代入法”.你若留心观察,有很多方程组可采用此方法解答,请用这种方法解方程组{2x −3y −2=0,①2x−3y+57+2y =9.②. 【答案】解:由①得:2x −3y =2③,将③代入②得:1+2y =9,即y =4,将y =4代入③得:x =7,则方程组的解为{x =7y =4.【解析】由第一个方程求出2x −3y 的值,代入第二个方程求出y 的值,进而求出x 的值,即可确定出方程组的解.此题考查了解二元一次方程组,利用了消元的思想,消元的方法有:代入消元法与加减消元法.15. 阅读材料,善于思考的小军在解方程组{2x +5y =3①4x +11y =5②时,采用了一种“整体代换”的解法:解:将方程②变形:4x +10y +y =5即2(2x +5y)+y =5③把方程①代入③得2×3+y =5∴y =−1把y =−1代入①得x =4∴方程组的解为{x =4y =−1请你解决以下问题:(1)模仿小军的“整体代换”法解方程组{3x −2y =5 ①9x −4y =19② (2)已知x 、y 满足方程组{5x 2−2xy +20y 2=822x 2−xy +8y 2=32,求x 2+4y 2的值; 【答案】解:(1)由②得:3x +6x −4y =19,即3x +2(3x −2y)=19③,把①代入③得:3x +10=19,即x =3,把x =3代入①得:y =2,则方程组的解为{x =3y =2; (2)由5x 2−2xy +20y 2=82得:5(x 2+4y 2)−2xy =82,即x 2+4y 2=82+2xy 5, 由2x 2−xy +8y 2=32得:2(x 2+4y 2)−xy =32,即2×82+2xy 5−xy =32, 整理得:xy =4,∴x 2+4y 2=82+2xy 5=82+85=18.【解析】此题考查了解二元一次方程组,弄清阅读材料中的“整体代入”方法是解本题的关键.(1)模仿小军的“整体代换”法,求出方程组的解即可;(2)方程组第一个方程变形表示出x 2+4y 2,第二个方程变形后代入求出xy 的值,进而求出x 2+4y 2的值.16. (1)已知x 3⋅x a ⋅x 2a+1=x 31求a 的值;(2)若n 为正整数,且x 2n =4,求(3x 3n )2−4⋅(x 2)2n 的值。

数学思想与方法分类试题答案

数学思想与方法分类试题答案

【经典资料,WORD文档,可编辑修改】
【经典考试资料,答案附后,看后必过,WORD文档,可修改】
数学思想与方法分类整理试题答案
一、单项选择题
1.所谓类比,是指( ) B.由一类事物所具有的某种属性,可以推测与其类似的事物也具有该属性的一种推理方法
2.猜想具有两个显着特点( )。

D.科学性与推测性
3.所谓数学模型方法是( )。

A.利用数学模型解决问题的一般数学方法
4.数学模型具有( )特性。

C.抽象性、准确性和演绎性、预测性
5.概括通常包括两种:经营概括和理论概括。

而经验概括是从事实出发,以对个别事物所作的观察陈述为基础。

上升为普遍的认识——(A.由对个体特性的认识上升为对个体所属的种的特性 )的认识。

6.三段论是演绎推理的主要形式,它由()三部分组成。

D.大前提、小前提和结论
7.传统数学教学只注重———的传授,而忽略对知识发生过程中——的挖掘B.形式化数
学知识,数学思想方法
8.特殊化方法是指在研究问题中,()的思想方法B.从对象的一个给定集合出发,进而考
虑某个包含于该集合的较小集合
9.分类方法的原则是()D.不重复,无遗漏,标准同一,按层次逐步划分。

数学思想与方法模拟考精彩试题及问题详解

数学思想与方法模拟考精彩试题及问题详解

模拟题一一、填空题(每题5分,共25分)1.算法的有效性是指(如果使用该算法从它的初始数据出发,能够得到这一问题的正确解)。

3.所谓数形结合方法,就是在研究数学问题时,(由数思形、见形思数、数形结合考虑问题)的一种思想方法。

5.古代数学大体可分为两种不同的类型:一种是崇尚逻辑推理,以《几何原本》为代表;一种是长于计算和实际应用,以(《九章算术》)为典。

7.数学的统一性是客观世界统一性的反映,是数学中各个分支固有的在联系的体现,它表现为(数学的各个分支相互渗透和相互结合)的趋势。

9.学生理解或掌握数学思想方法的过程一般有三个主要阶段:(潜意识阶段、明朗化阶段、深刻理解阶段)。

二、判断题(每题5分,共25分。

在括号里填上是或否)1.计算机是数学的创造物,又是数学的创造者。

( 是 ) 2.抽象得到的新概念与表述原来的对象的概念之间一定有种属关系。

( 否 ) 3.一个数学理论体系的每一个命题都必须给出证明。

( 否)4.贯穿在整个数学发展历史过程中有两个思想,一是公理化思想,一是机械化思想。

( 是) 5.提出一个问题的猜想是解决这个问题的终结。

(否) 三、简答题(每题10分,共50分)1.为什么说《几何原本》是一个封闭的演绎体系?答:①因为在《几何原本》中,除了推导时所需要的逻辑规则外,每个定理的证明所采用的论据均是公设、公理或前面已经证明过的定理,并且引入的概念(除原始概念)也基本上是符合逻辑上对概念下定义的要求,原则上不再依赖其它东西。

因此《几何原本》是一个封闭的演绎体系。

②另外,《几何原本》的理论体系回避任何与社会生产现实生活有关的应用问题,因此对于社会生活的各个领域来说,它也是封闭的。

③所以,《几何原本》是一个封闭的演绎体系。

2.为什么说最早使用数学模型方法的是中国人?答:①因为在中国汉代的古算书《九章算术》中就已经系统地使用了数学模型。

《九章算术》将246个题目归结为九类,即九种不同的数学模型,分列为九章。

数学思想与方法考试题及答案

数学思想与方法考试题及答案

模拟题一一、填空题(每题5分.共25分)1.算法的有效性是指(如果使用该算法从它的初始数据出发.能够得到这一问题的正确解)。

3.所谓数形结合方法.就是在研究数学问题时.(由数思形、见形思数、数形结合考虑问题)的一种思想方法。

5.古代数学大体可分为两种不同的类型:一种是崇尚逻辑推理.以《几何原本》为代表;一种是长于计算和实际应用.以(《九章算术》)为典范。

7.数学的统一性是客观世界统一性的反映.是数学中各个分支固有的内在联系的体现.它表现为(数学的各个分支相互渗透和相互结合)的趋势。

9.学生理解或掌握数学思想方法的过程一般有三个主要阶段:(潜意识阶段、明朗化阶段、深刻理解阶段)。

二、判断题(每题5分.共25分。

在括号里填上是或否)1.计算机是数学的创造物.又是数学的创造者。

(是)2.抽象得到的新概念与表述原来的对象的概念之间一定有种属关系。

(否)3.一个数学理论体系内的每一个命题都必须给出证明。

(否)4.贯穿在整个数学发展历史过程中有两个思想.一是公理化思想.一是机械化思想。

(是)5.提出一个问题的猜想是解决这个问题的终结。

(否)三、简答题(每题10分.共50分)1.为什么说《几何原本》是一个封闭的演绎体系答:①因为在《几何原本》中.除了推导时所需要的逻辑规则外.每个定理的证明所采用的论据均是公设、公理或前面已经证明过的定理.并且引入的概念(除原始概念)也基本上是符合逻辑上对概念下定义的要求.原则上不再依赖其它东西。

因此《几何原本》是一个封闭的演绎体系。

②另外.《几何原本》的理论体系回避任何与社会生产现实生活有关的应用问题.因此对于社会生活的各个领域来说.它也是封闭的。

③所以.《几何原本》是一个封闭的演绎体系。

2.为什么说最早使用数学模型方法的是中国人答:①因为在中国汉代的古算书《九章算术》中就已经系统地使用了数学模型。

《九章算术》将246个题目归结为九类.即九种不同的数学模型.分列为九章。

②它在每一章中所设置的问题.都是从大量的实际问题中选择具有典型意义的现实原型.然后再通过“术”(即算法)转化成数学模型。

数学思想与方法模拟测试题D形考

数学思想与方法模拟测试题D形考

数学思想与方法模拟测试题D形考一、填空题(每空格3分,共30分)1.算法的有效性是指()。

答案:如果使用该算法从它的初始数据出发,能够得到这一问题的正确解2.所谓数形结合方法,就是在研究数学问题时,()的一种思想方法。

答案是:由数思形、见形思数、数形结合考虑问题3.古代数学大体可分为两种不同的类型:一种是崇尚逻辑推理,以《几何原本》为代表;一种是长于计算和实际应用,以()为典范。

答案是:《九章算术》4.数学的统一性是客观世界统一性的反映,是数学中各个分支固有的内在联系的体现,它表现为()的趋势答案:数学的各个分支相互渗透相互结合5.学生理解或掌握数学思想方法的过程一般有三个主要阶段:()、()、()。

答案:①潜意识阶段,②明朗化阶段,③深刻理解阶段。

6.在数学中建立公理体系最早的是几何学,而这方面的代表著作是古希腊欧几里得的()。

答案:几何原本反馈7.随机现象的特点是()。

答案:在一定条件下,可能发生某种结果,也可能不发生某种结果。

8.演绎法与()被认为是理性思维中两种最重要的推理方法。

答案:归纳法二、判断题(每题4分,共20分。

1.数学史上著名的“哥尼斯堡七桥问题”最后由欧拉用一笔画方法解决了其无解。

选择一项:对错2.分类方法具有两要素:母项与子项。

选择一项:对错3.算法具有无限性、不确定性与有效性。

选择一项:对错4.理论方法、实验方法和计算方法并列为三种科学方法。

选择一项:对错5.最早使用数学模型方法的当数中国古人。

选择一项:对错三、简答题(每题10分,共50分)1.模型化的方法、开放性的归纳体系及算法化的内容之间的关系答案:模型化的方法与开放性的归纳体系及算法化的内容之间是互相适应并且互相促进的。

(2分)虽然,各个数学模型之间也有一定的联系,但是它们更具有相对独立性。

一个数学模型的建立与其它数学模型之间并不存在逻辑依赖关系。

正因为如此,所以可以根据需要随时从社会实践中提炼出新的数学模型(3分)。

最新国家开放大学电大《数学思想与方法(本)》形考任务6试题及答案

最新国家开放大学电大《数学思想与方法(本)》形考任务6试题及答案

最新国家开放大学电大《数学思想与方法(本)》形考任务6试题及答案选择一项:
B.个别的、特殊的题目2归纳猜想的思维步骤为:()。

选择一项:
B.特例—归纳—猜想题目3所谓不完全归纳法,是根据对某类事物中的()的分析,作出关于该类事物的一般性结论的推理方法。

选择一项:
A.部分对象题目4完全归纳法是根据对某类事物中的()的情况分析,进而作出关于该类事物的一般性结论的推理方法。

选择一项:
B.每一对象题目5猜想就是根据事物的现象,对其本质属性进行(),或者是根据一类事物中的个别事物的属性对该类事物的共同属性进行(),这样的思维方法叫做猜想。

选择一项:
B.推测推测题目6人们运用归纳法,得出对一类现象的某种一般性认识的一种推测性的判断,即猜想,这种思想方法称为()。

选择一项:
A.归纳猜想法题目7人们运用类比法,根据一类事物所具有的某种属性,得出与其类似的事物也具有这种属性的一种推测性的判断,即猜想,这种思想方法称为()。

选择一项:
D.类比猜想题目8反例反驳的理论依据是形式逻辑的()。

选择一项:
C.矛盾律题目9反驳反例是用()否定()的一种思维形式。

选择一项:
D.特殊一般题目10数学猜想具有两个明显的特点:()与()。

选择一项:
A.科学性推测性。

数学思想与方法D卷

数学思想与方法D卷

数学思想与方法D卷判断题(共10题,共40分)1. 在特定的条件下,特殊情况能与一般情况等价。

T √F ×参考答案:T2. 数学史上著名的“哥尼斯堡七桥问题”最后由欧拉用一笔画方法解决了其无解。

T √F ×参考答案:T3. 最早使用数学模型方法的当数中国古人。

T √F ×参考答案:T4. 法国的布尔巴基学派利用数学结构实现了数学的统一。

T √F ×参考答案:T5. 数学基础知识和数学思想方法是数学教学的两条主线。

T √F ×参考答案:T6. 新颁发的《数学课程标准》中的特点之一“再创造”体现了我国数学课程改革与发展的新的理念。

T √F ×参考答案:T7. 由类比法推得的结论必然正确。

T √F ×参考答案:F8. 分类方法具有两要素:母项与子项。

T √F ×参考答案:F9. 数学思想方法教学隶属数学教学范畴,只要贯彻通常的数学教学原则就可实现数学思想方法教学目标。

T √F ×参考答案:F10. 计算是随着计算机的发明而被人们广泛应用的方法。

T √F ×参考答案:F简答题(共3题,共60分)论述《几何原本》和《九章算术》思想方法的特点。

(试题分值:20分)参考答案:答:《几何原本》的思想方法的特点:①封闭的演绎体系因为在《几何原本》中,除了推导时所需要的逻辑规则外,每个定理的证明所采用的论据均是公设、公理或前面已经证明过的定理,并且引入的概念(除原始概念)也基本上是符合逻辑上对概念下定义的要求,原则上不再依赖其它东西。

因此《几何原本》是一个封闭的演绎体系。

另外,《几何原本》的理论体系回避任何与社会生产现实生活有关的应用问题,因此对于社会生活的各个领域来说,它也是封闭的。

所以,《几何原本》是一个封闭的演绎体系。

②抽象化的内容《几何原本》中研究的对象都是抽象的概念和命题,它所探讨的是这些概念和命题之间的逻辑关系,不讨论这些概念和命题与社会生活之间的关系,也不考察这些数学模型所由之产生的现实原型。

最新国家开放大学电大《数学思想与方法(本)》形考任务3试题及答案

最新国家开放大学电大《数学思想与方法(本)》形考任务3试题及答案

最新国家开放大学电大《数学思想与方法(本)》形考任务3试题及答案
形考任务3
题目1
算术解题方法的基本思想是:首先要围绕所求的数量,收集和整理各种(),并依据问题的条件列出用()表示所求数量的算式,然后通过四则运算求得算式的结果。

选择一项:
D. 已知数据,已知数据
题目2
就数学发展的历史进程来看,从算术到代数、从常量数学到变量数学、从确定数学到随机数学等是数学思想方法的几次重要突破。

代数形成解决了具有复杂()的问题,变量数学创立刻划了( )的事物与现象,随机数学出现揭示了( )背后所蕴涵的规律。

选择一项:
C. 数量关系,运动与变化,随机现象
题目3
代数不但讨论正整数、正分数和零,而且讨论负数、虚数和复数。

其特点是用( )来表示各种数。

选择一项:
D. 字母符号
题目4
代数学形成过程经历了漫长过程:( )。

选择一项:
B. 文字代数,简写代数,符号代数
题目5
初等数学都是以()为其研究对象,运用这些知识可以有效地描述和解释相对稳定的事物和现象,对于运动变化的事物和现象,它们显然无能为力。

选择一项:
A. 不变的数量和固定的图形
题目6
变量数学产生的数学基础应该是(),标志是( )。

选择一项:
C. 解析几何、微积分
题目7
从16世纪开始,自然科学研究的中心问题是运动,科学家们相信对各种运动过程和各种变化着的量之间的依赖关系的研究可以用数学来描述。

因此,作为运动着的量的一般性质及各个数量之间存在着相依而变的规律,科学家们引出了数学的一个基本概念( )。

数学思想方法论测试题

数学思想方法论测试题

数学思想方法论测试题1【单选题】桂林电子科技大学最早在()年开始《数学思想方法论》课程•A、1998•B、2000•C、2005•D、2008我的答案:A得分:14.3分2【单选题】导弹防御系统使用的空间为()•A、一维空间•B、二维空间•c、三维空间•D、四维空间我的答案:c得分:0.0分3【单选题】国际象棋是由()发明创造的•A、阿拉伯人•B、印度人•C、英国人•D、法国人我的答案:A得分:0.0分4【判断题】现代科学技术发展的两大特点是科学技术的数学化、数学向一切学科渗透我的答案:q得分:14.3分5【判断题】导弹防御系统使用的空间为四维空间4我的答案:x得分:0.0分6【判断题】导弹防御系统使用的空间为三维空间x 我的答案:^得分:0.0分7【判断题】国际象棋是由英国人发明创造的我的答案:x得分:14.3分1【单选题】将数学的发展史分为四个时期,即:数学形成与早期发展时期、常量数学时期、变量数学时期和()•A、萌芽时期•B、酝酿时期•C、近代数学时期•D、现代数学时期我的答案:D得分:14.3分2【单选题】数的记号0,1, 2, 3,…,9是由()发明的•A、阿拉伯•B、中国•C、意大利•D、印度我的答案:A得分:0.0分3【单选题】常量(初等)数学时期主要研究的四大数学学科为:()、代数、几何、三角•A、通分•B、算数•C、因式分解•D、约分我的答案:B得分:14.3分4【判断题】今日发现的古希腊数学著作主要来源于拜占庭的希腊文手抄本我的答案:q得分:14.3分5【判断题】数学形成与早期发展时期的代表性地区和国家和地区有巴比伦和古埃及4我的答案:x得分:0.0分6【判断题】笛卡尔的《几何学》标志了《解析几何》这门学科的诞生我的答案:^得分:14.3分7【判断题】笛卡尔的《几何学》标志了《微积分》这门学科的诞生我的答案:x得分:14.3分1【单选题】历史上最多产的数学家是()•A、柯西•B、牛顿•C、欧拉•D、莱布尼兹我的答案:C得分:14.3分2【单选题】现代数学时期的一个特点是以()三大领域为代表的发展与创新•A、代数、几何、分析•B、算数、三角、代数•C、力学、电学、方程•D、力学、概率、函数我的答案:B得分:0.0分3【判断题】目前还未找到一个明确的数学表达式来表示所有的素数我的答案:q得分:14.3分4【判断题】欧拉是历史上最多产的数学家我的答案:^得分:14.3分5【判断题】归纳方法包括:不完全归纳法、完全归纳法、数学归纳法我的答案:^得分:14.3分6【判断题】现代数学时期,已找到一个明确的数学表达式来表示所有的素数我的答案:x得分:14.3分7【判断题】欧拉是18世纪数学时期的代表人物我的答案:^得分:14.3分1【单选题】数学归纳法主要分三步:归纳基础、归纳假设、()•A、归纳推理•B、抽象思维•C、归纳证明•D、递推法我的答案:C得分:25.0分2【单选题】数学归纳法主要分三步:()、归纳假设、归纳证明•A、归纳推理•B、抽象思维•C、递推法•D、归纳基础我的答案:D得分:25.0分3【单选题】数学归纳法主要分三步:归纳基础、()、归纳证明•A、归纳假设•B、归纳推理•C、抽象思维•D、递推法我的答案:A得分:25.0分4【判断题】数学归纳法主要分三步:归纳基础、归纳假设、归纳证明我的答案:"得分:25.0分1【单选题】化归方法主要包括:恒等变形、()、参数变异、构造函数四种方式•A、因式分解•B、递推法•C、裂项法•D、变量代换我的答案:D得分:14.3分2【单选题】对称方法包括:点对称、()、面对称•A、时间对称•B、方向对称•C、角对称•D、轴对称我的答案:D得分:14.3分3【单选题】数学学习、研究中常规的思维方法有:()、化归方法、对称方法•A、归纳方法•B、变量代换•C、递推法•D、函数法我的答案:A得分:14.3分4【单选题】数学学习、研究中常规的思维方法有:归纳方法、化归方法、()•A、变量代换•B、递推法•C、对称方法•D、函数法我的答案:C得分:14.3分5【单选题】对称方法包括:点对称、线对称、()•A、面对称•B、时间对称•C、方向对称我的答案:A得分:14.3分6【判断题】“杨辉三角”反映了二项展开式的系数规律我的答案:q得分:14.3分7【判断题】对称方法包括:点对称、线对称、面对称我的答案:^得分:14.3分1【单选题】直觉思维的特点有:非逻辑性、()、跳跃性、个体性与模糊性•A、对称性•B、归纳•C、化归•D、突发性我的答案:D得分:14.3分2【单选题】罗巴切夫斯基几何学否定了欧几里得几何学的()•A、第二公设•B、第三公设•C、第四公设•D、第五公设我的答案:D得分:14.3分3【单选题】直觉思维的特点有:非逻辑性、突发性、()、个体性与模糊性•A、对称性•B、归纳•C、跳跃性我的答案:C得分:14.3分4【单选题】直觉思维的特点有:()、突发性、跳跃性、个体性与模糊性•A、非逻辑性•B、对称性•C、归纳•D、化归我的答案:A得分:14.3分5【单选题】“逻辑是证明的工具,直觉是发明的工具”。

数学思想与方法模拟考试题及答案

数学思想与方法模拟考试题及答案

数学思想与方法模拟考试题及答案模拟题一一、填空题(每题5分,共25分)1.算法的有效性是指(如果使用该算法从它的初始数据出发,能够得到这一问题的正确解)。

3.所谓数形结合方法,就是在研究数学问题时,(由数思形、见形思数、数形结合考虑问题)的一种思想方法。

5.古代数学大体可分为两种不同的类型:一种是崇尚逻辑推理,以《几何原本》为代表;一种是长于计算和实际应用,以(《九章算术》)为典范。

7.数学的统一性是客观世界统一性的反映,是数学中各个分支固有的内在联系的体现,它表现为(数学的各个分支相互渗透和相互结合)的趋势。

9.学生理解或掌握数学思想方法的过程一般有三个主要阶段:(潜意识阶段、明朗化阶段、深刻理解阶段)。

二、判断题(每题5分,共25分。

在括号里填上是或否)1.计算机是数学的创造物,又是数学的创造者。

(是)2.抽象得到的新概念与表述原来的对象的概念之间一定有种属关系。

(否)3.一个数学理论体系内的每一个命题都必须给出证明。

(否)4.贯穿在整个数学发展历史过程中有两个思想,一是公理化思想,一是机械化思想。

(是)5.提出一个问题的猜想是解决这个问题的终结。

(否)三、简答题(每题10分,共50分)1.为什么说《几何原本》是一个封闭的演绎体系?答:①因为在《几何原本》中,除了推导时所需要的逻辑规则外,每个定理的证明所采用的论据均是公设、公理或前面已经证明过的定理,并且引入的概念(除原始概念)也基本上是符合逻辑上对概念下定义的要求,原则上不再依赖其它东西。

因此《几何原本》是一个封闭的演绎体系。

②另外,《几何原本》的理论体系回避任何与社会生产现实生活有关的应用问题,因此对于社会生活的各个领域来说,它也是封闭的。

③所以,《几何原本》是一个封闭的演绎体系。

2.为什么说最早使用数学模型方法的是中国人?答:①因为在中国汉代的古算书《九章算术》中就已经系统地使用了数学模型。

《九章算术》将246个题目归结为九类,即九种不同的数学模型,分列为九章。

数学思想与方法任务答案解答

数学思想与方法任务答案解答

数学思想与方法01任务_0001试卷总分:100 测试时间:0单项选择题一、单项选择题(共10 道试题,共100 分。

)1. 古埃及数学最辉煌的成就可以说是()的发现。

A. 进位制的发明B. 四棱锥台体积公式C. 圆面积公式D. 球体积公式2. 欧几里得的《几何原本》几乎概括了古希腊当时所有理论的(),成为近代西方数学的主要源泉。

A. 几何B. 代数与数论C. 数论及几何学D. 几何与代数3. 金字塔的四面都正确地指向东南西北,在没有罗盘的四、五千年的古代,方位能如此精确,无疑是使用了()的方法。

A. 几何测量B. 代数计算C. 占卜D. 天文测量4. 《几何原本》中的素材并非是欧几里得所独创,大部分材料来自同他一起学习的()。

A. 爱奥尼亚学派B. 毕达哥拉斯学派C. 亚历山大学派D. 柏拉图学派5. 数学在中国萌芽以后,得到较快的发展,至少在()已经形成了一些几何与数目概念。

A. 五千年前B. 春秋战国时期C. 六七千年前D. 新石器时代6. 在丢番图时代(约250)以前的一切代数学都是用()表示的,甚至在十五世纪以前,西欧的代数学几乎都是用()表示。

A. 符号,符号B. 文字,文字C. 文字,符号D. 符号,文字7. 古印度人对时间和空间的看法与现代天文学十分相像,他们认为一劫(“劫”指时间长度)的长度就是(),这个数字和现代人们计算的宇宙年龄十分接近。

A. 100亿年B. 10亿年C. 1亿年D. 1000亿年8.巴比伦人是最早将数学应用于()的。

在现有的泥板中有复利问题及指数方程A. 商业B. 农业C. 运输D. 工程9. 《九章算术》成书于(),它包括了算术、代数、几何的绝大部分初等数学知识。

A. 西汉末年B. 汉朝C. 战国时期D. 商朝10. 根据亚里士多德的想法,一个完整的理论体系应该是一种演绎体系的结构,知识都是从()中演绎出的结论。

A. 最终原理B. 一般原理C. 自然命题D. 初始原理02任务_0001试卷总分:100 测试时间:0单项选择题一、单项选择题(共10 道试题,共100 分。

  1. 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
  2. 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
  3. 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。

常见数学思想方法试题选(题库)试题选分类:1. 函数思想试题选;2. 方程思想试题选;3. 换元思想试题选;4. 整体思想试题选;5. 逆反思想试题选;6. 特殊与一般试题选;7. 分类讨论试题选;8. 向量思想试题选;9. 数形结合试题选一、函数思想1 .已知a >0,a ≠1,试求使方程)(log )(log 222a x ak x a a -=-有解的 k 的取值范围. .2.已知R c b a ∈,,,b a ,同号且a >b .证明:ba b a b a b a b a b a -+≤-+≤+-ααsin sin 3.正数c b a ,,满足8=abc .证明:2533≥+++++c b a c b a 4.已知c b a ,,为 △ ABC 的三边,证明:c c b b a a +++<+111 5.解不等式:x x x x +<-++5512)12(6..已知.1|lg lg |≤-βα证明:10110≥+βααβ 7.已知)(,2Z k k k ∈≠+≠πβππα,且0cot tan 4tan )cot tan 3(33=++++βααβα证明:0cot tan 4=+βα8 .已知 f ( x )的定义域关于原点对称,证明: f ( x )可以用一个奇函数与一个偶函数的和来表示,并试用x e 构造一个奇函数与一个偶函数. 9 .设实数βα,满足553,1532323=+-=+-βββααα.求βα+的值. 10 .设λ是正常数,且)(1)(1)(x f x f x f +-=+λ 试证 f ( x )是周期函数,并求出它的一个周期.10.. f ( x )为定义在 R 上的奇函数,且满足 f ( l )=2, f ( x + 4 )= f ( x ), 求f( 2007 )的值.12 .若 f ( x )对一切实数 x 都有)1()()1(--=+x f x f x f ,且 f ( 0 )=1, ,f ( l )=2,求 f ( 2012 )13 .已知. x , y , z 三实数都属于( 0 , 1 ) ,证明:1)1()1()1(<-+-+-x z z y y x14 .若方程04)1(2=+++x m x 的两个根都比 1 大,求m 的取值范围. 15 .设R c b a ∈,,,且022≤++b a .证明:方程0)1(122=++++b x x a x x 至少有一个正实数解.16 .已知1sin sin sin 222=++γβα.证明:22|2sin 2sin 2sin |≤++γβα17 .求函数x x x x y cos sin cos sin ++=的最大值.18 设 x > 0 ,证明:212112++-≤++x x x x二、方程思想1 .已知 f ( x )为一次函数,且78)]}([{+=x x f f f ,求 f ( x )的表达式.2 .已知)0()1()(222>=+x x x f x f ,求3 .已知)(2)23()32(22n m x x nf x mf ≠=-+-,求)(x f4 .求332142021420-++的值5 .已知d c b a ,,,为实数,且满足ab d c a b c =+=-2241,2.证明:b a = 6 .锐角证明 A , B , C 满足 cos 2A + cos 2B + cos 2C + 2cosAcosBcosC = 1, 证明: A + B + C =π7.. 证明:n n n n n n n C C C C 21221202212+=+++- 8 .在 △ ABC 中,3cot cot cot =++C B A 证明: △ABC 是正三角形.。

9 .已知R x ∈,证明:61663222≤+-+-≤x x x x 10 .在 △ ABC 中,B C A tan lg 2tan lg tan lg =+,证明:23ππ<≤B 11.求不超过6)37(+的最大整数.12 .若正数βα,满足αββα=+,求βα+的最小值.13 .设0>x ,试求111++-+xx x x 的最大值. 14 .当 x 取何值时,x x y 41332-+-=有最大值?.15.求函数 1cos 3sin 21cos 2sin 3++++=x x x x y 的值域. 16.求 sin100sin300sin500sin700的值.17.化简: tan *)(2tan 22tan 22tan 2tan 1122N n n n ∈++++--αααα .18.设 25cosA + 5sinB + tanC = 0 , sin 2B -4cosAtanC = 0 . 证明:tanC = 25cosA .19.在 △ABC 中,证明:)12tan 2(tan 2tan 42tan 2tan 2-≥C A A C B 20 .已知πβα<<<0,且无论θ为何实数, sin 2θ + sin 2(θ+α) + sin 2(θ+β)都为定值.求βα,及这个定值.三、换元思想1 .已知c b a ,,是不为 1 的正数, x , y , z ∈R +,且有z y x c b a ==和yz x 211=+.证明:c b a ,,成等比数列. 2 .设 △ ABC 与 △ A ′B ′C ′的三边长分别为c b a ,,及 a ' , b ' c'若c x b x a c bx ax '+'+'++22是与 x 无关的定值,证明: △ AB C ∽△△ A ′B ′C ′ 3 .求1324321-+++++n nr r r y ,其中 r ∈R4 .解方程 0251313522345=++--+x x x x x5 .解方程 023432234=++--x x x x6 .解不等式152+>+x x7 .解方程333)2()()(x b a x b x a -+=-+-8 .若 a , b ∈R +,且 a + b=1 ,并a ≠b .证明:8144>+b a 。

9 .若a z y x =++ ,证明:32222a z y x ≥++ 10.已知xx x x f 1)11(-=+-,求 f ( x ) .11.已知x x f 2cos 1)cos 1(+=+,求 f ( x )12.已知32)(2+-=x x e f x .求 f ( x )的最小值.13.已知11122=-+-a b b a .证明:122=+b a .14.设点P (y x ,)是单位圆内(含圆周)的一点.,试求224y xy x -+的最大值和最小值15.已知122=-y x 求x y x212+的取值范围 · 16 .实数y x ,满足x y x 4422=+.证明:5252+≤+≤-y x17.求函数 x x y -+=1的最大值和最小值.18 .已知x x f 3cos )(cos =,求x x f sin )(sin =的解集.19 .解方程02csc sec cot tan cos sin =++++++x x x x x x20 .设实数c b a ,,满足方程组⎪⎩⎪⎨⎧=+-++=+--066078222a bc c b a bc a 求a 的取值范围. 四、整体思想1 .设01221111121262)1(a x a x a x a x a x x +++++=+-求0121112a a a a a +++++ 的值.2.若a =++-)12(log )122(log 27求)12(log )122(log 27-++的值.3.已知:方程02=+c bx ax 的两根之和为S 1,两根的平方和为S 2,两根的立方和为S 3,证明:0123=++cS bS aS4 .求函数|cos |2sin |sin |2x x x y ++=的最大值与最小值.5 .证明:1373213732133=-++, 6 .已知等差数列{n a }中,4116=a 求S 317 . sin200cos700 + sinl00sin500的值是( )(A )41 (B )23 (C )21 (D )438.求 Sinl00in300Sin500 Sin700的值.9.求178cos 173cos 172cos 17cos ππππ⋅⋅ 的值 10 .三棱锥的三个侧面两两互相垂直,且面积分别是 6m 2, 4m 2,和 3m 2,求它的体积.11.过圆外一点P (b a ,)引圆222r y x =+的两条切线,求经过两切点的直线方程.12.已知 A , B 是椭圆)0(12222>>=+b a by a x 上的两点,且线段 AB 的垂直平分线与 x 轴相交于点P (0x , 0 ) .证明:ab a x a b a 22022-<<--。

13 .已知中心在原点对称轴为坐标轴的二次曲线经过两点P )49,5(和Q )223,62(-,求此曲线方程。

14.已知22sin sin =+y x ,求y x cos cos +的取值范围。

15.方程4116)352()20113(22222++=--+--m m y m m x m m 表示双曲线,求实数 m 的取值范围.16 .证明:]6,52[55)(22cos sin ∈+=x x x f 17 .已知双曲线的中心在原点,对称轴是坐标轴,一条渐近线方程为 4x -3y=0,且双曲线经过点 A ( 8 ,340), 求此双曲线的标准方程. 18 .若点P ( 3 , 2 )是椭圆1449422=+y x 内一点,过点P 的弦恰以P 为中点,求此弦所在直线方程.19 .等差数列{n a }的公差 d=21,且125100=S ,求99531a a a a ++++ 的值. 20 .求经过圆0222=-+x y x 和直线 x + 2y -3=0 的交点,且和直线 x + 3y -4 =0 相切的圆的方程.五、逆反思想1.已知⎪⎩⎪⎨⎧=+-=+-=-02202222k y y k x x k y x ,求k 的值.2 .证明: l ·3 · 5 ·…·( 2n -l )≤*)(N n n n ∈3 .如图所示,在直三棱柱 AB C -A 1B 1C 1中,∠ABC=900,∠BAC=300, BC = l , AA 1=6,M 是 CC 1的中点.证明: AB 1⊥A 1M4 .数字 l , 2 . 3 , 4 ,5 可以组成多少个没有重复数字且数字 1 与 2 不相邻的五位数?5 .同室四人各写一张贺年卡,先集中起来.然后每人从中拿一张别人送出的贺年卡,则四张贺年卡不同的分配方式有( ) .( A ) 6 种 ( B ) 9 种 ( C )11 种 ( D )23 种 6 ,一个小组共有 10 名同学,其中 4 名是女同学, 6 名是男同学,要从小组内选出 3 名代表,其中至少有 1 名女同学.求一共有多少种选法? 7 .解方程01333223=-+++x x x8 .解关于 x 的方程 02224=-++-a a x ax x9 . “若 a > 0 , b > 0 ,且 a ≠1,b ≠l ,则2log log ≥+a b ”是否正确?10 .底面是正三角形、侧面是等腰三角形的棱锥一定是正棱锥吗?若是,予以证明;若不是,请举出反例.11 .正方体内可以作出不同的内接四面体的个数是( . ). ( A )648-C (B )48C (C )848-C (D )1248-C12“已知数列{n a }的项满足⎩⎨⎧+==+d ca a b a n n 11,其中1≠c ,则数列{n a }的通项公式为1)(1---+=-c d c b d bc a n n n ”是否正确?若正确,予以证明;否则举出反例. 13 . “已知 a , b , c 成等比数列,m 是b a ,的等差中项,n 是c b ,的等差中项,则2=+nb m a ”是否正确?若正确,予以证明;否则举出反例. 14 .设二次函数)0()(2≠++=ac bx ax x f 中的c b a ,,均为整数,且 f ( 0 ) ,f ( 1 )均为奇数,证明:方程. f ( x )=0无整数根.15 .四面体 P -ABC 中三个面为直角三角形,则第四个面必为锐角三角形.(3题图)16 .给定实数0,≠a a 且1≠a .设函数R x ax x y ∈---(11且)1ax ≠,证明: (1)经过这个函数图象上任意两个不同点的直线不平行于 x 轴;( 2 )这个函数的图象关于直线 y= x 成轴对称图形.六、特殊与一般 1 .已知)()(2)()(y f x f y x f y x f =-++对 x , y ∈R 都成立,且 f ( 0 )≠0.试判断函数 f ( x )的奇偶性.2 .证明:不论n m ,为何实数,方程 0)2(42222=--+--+n m ny mx y x 所表示的曲线必通过一定点,并求出此定点.3 .设)1)((,1990)(,13)(10≥==-+=-n x f x x f x xx f n n .求)(1995x f4 .求和:∑+-+)sin(])1(sin[1βαβαk k · 5 .现有 243 个小球,从外观上看完全相同,除一个小球略轻外,其余的小球重量均相等.现有满足各种操作要求的天平和砝码.问最少称几次,可保证将这个较轻的球找出?6 .证明:空间中从同一点出发不在同一平面内的三条射线中,每两条所成角的平分线与第三条射线确定一个平面,如此所得的三个平面必相交于一直线.7 .在长方体 ABC D -A 1B 1C 1D 1中, D 点在截面 ACD 1上的射影为 H .证明: △ADD 1的面积是 △ACD 1和 △AHD 1的面积的比例中项.8 .在四棱锥的四个侧面中,直角三角形最多可有( ). ( A ) 1 个( B )2 个( C ) 3 个( D )4 个9 .已知{n a }是公差不为零的等差数列.如果 S n 是{n a }的前n 项和,那么 =∞→nn n S na lim _____________. 10 ,是否存在常数c b a ,,,使得等式))(1(121)1(32212222c bn an n n n n +++=+++⋅+⋅ 对一切自然数n 都成立?并证明你的结论.七、分类讨论1.解不等式0222>++ax x2 . 解不等式x x ->-213.设 p ∈R ,求关于x 的不等式>-++p px px 21120的解集. 4 .解关于x 的方程b x a x -=- 5 .已知 a > 0 , a ≠1,试求使方程)(log )(log 222x a ak x a a -=-有解的k 的取值范围.6 .已知 k ∈R ,求方程x k x cos 2sin =在),0[π上的解.7 .解关于x 的方程x )]32cos(1[)26sin(ππ++=-x b x8 .设 a ∈R ,求函数x a x x a x a y 2222cos )1(cos sin 4sin )1(-+++=的值域. 9 .求1sin 2sin 2++=x a x y 的最小值 g (a ) .10 .已知集合 A =}121|{},0310|{2-≤≤+=≥-+m x m x B x x x .当实数m 取何值时 A ∩B=∅.11 .已知线段 AB 在平面α内, A C ⊥α , BD ⊥ AB 且与α成 300 角.又 AB=a , AC= BD= b ,求 C , D 两点间的距离.12 .在椭圆12222=+by a x 上求一点P ,使P 到椭圆短轴端点B (0,-b )的距离最大,并求此距离.13 .已知二次方程074)12(22=-+-+a x a ax 中的a 为正整数,问a 取何值时此方程至少有一个整数根?14 .若函数)62(4)2()(2-+--=m mx x m x f 的图象与x 轴有两个交点,其中至少有一个在x 轴的负半轴上,求实数m 的取值范围.15.当m 取什么实数值时,不等式022>++mx mx 对于一切实数 x 成立.l6.设0,1,0>≠>t a a ,比较t a log 21与21log 21+t a 的大小.并证明你的结论 17 .设)0,0](1)(2[log 2221>>+-+=b a b ab a y x x x ,求使 y 为负值的 x 的取值范围.18 .设1>a ,解关于 x 的不等式2|log ||log |2+<x ax a a19 . 4 位同学参加某种形式的竞赛,竞赛规则规定:每位同学必须从甲乙两道题中任选一题作答,选甲题答对得 100 分,答错得-100 分;选乙题答对得 90 分,答错得-90 分.若 4 位同学的总分为 0 ,则这 4 位同学不同得分情况的种数是( ) . ( 2005 年湖南卷, 9 )( A ) 48 ( B ) 36 ( C ) 24 ( D ) 1820 .从 6 人中选 4 人分别到巴黎、伦敦、悉尼、莫斯科四个城市游览.要求每个城市有一人游览,每人只游览一个城市,且这 6 人中甲、乙两人不去巴黎游览.则不同的选择方案共有( ) . ( 2005 年福建卷, 9 )( A ) 300 种 ( B ) 240 种 ( C ) 144 种 ( D ) 96 种八、向量思想1 .已知,都是非零向量,且3+与57-垂直,4- 与27-垂直,求 与的夹角.2 .已知)2,0(,πβα∈,并且23)cos(cos cos =+-+βαβα,求βα,的值. 3 .求函数 y = sin 2x + 2sinxcosx + 3cos 2x 的最值.4 .设P (y x , )是椭圆116)1(25)2(22=++-y x 上的任一点,求2x -3y 的最值. 5 .求函数x x y -++=43的最大值.6 .已知 a > b >0,∈+≠k k ,2ππθZ ,证明:不等式ba b a b a b a b a b a -+≤-+≤+-θθsin sin 的 集为∅.7 .在三棱锥 S -ABC 中,平面 SA C ⊥平面 ABC , SA ⊥AC ,B C ⊥AC , SA=6, AC=21, BC = 8 ,求 SB 的长.8 .已知直线 AB 和l 所成的角为 300 .分别过点 A 和点 B 作直线l 的垂线,垂足分别为 A '、B ',设 AB=a ,求A 'B '的长.9 .如图所示,过 △OAB 的重心 G ,n m ====,,,证明:311=+nm10 .如图所示,在棱长为 1 的正方体C A '中,过 BD 及C B ''的中点 E 作截面 BEFD 交D C ''于 F .求点A '到平面 BEFD 的距离.11.已知∈c b a ,, R ,证明:2222c b a b a c a c b c b a ++≥+++++(第二届友谊杯国际数学邀请赛试题) .12 .证明: ))(()(22222d c b a bd ac ++≤+13.在 △ABC 内求一点P 使222CP BP AP ++的值最小14.若 △ ABC 的三边c b a ,,成等差数列,且 c b a <<, I 为 △ ABC 的内心,O 是平面上任一点,证明:c b a c b a OI ++⋅+⋅+⋅= 15 .已知点 A ( 2,-1)、 B ( 5 , 3 ),若直线l :01=+-y kx 与线段 AB 相交,求 k 的取值范围。

相关文档
最新文档