2016年度全国卷物理试卷分析

2016年高考物理试卷分析一．题型与数量二．考察的内容及分布()ma r f m =22π分析汇总关于死结活结的分析。

20带电粒子在复合场中的运动分析以及功能关系中力的分析、电势能、动能考察。

21质点的直线运动追击相遇问题中结合v-t 图像对物体运动状态的分析。

221at t v s o += 22 验证机械能守恒 简单 打点计时器纸带的数据处理 23电路设计中 电路的功能综合分析和计算。

整体难度中等以上，计算量较简单、但坑较多。

三、试卷整体分析1、试卷的整体难度中等偏上，符合全国卷一贯的风格，知识点分布较为均匀，较往年试卷相比类型较像，但题型重合度不高。

比较侧重于考察学生思维的发散性和从多个角度思考问题的能力。

2、整体试卷对学生的数字数据计算能力有着较高的要求，相比于2017年试卷难度较大。

（一）刘建廷讲解试卷选择题和填空题14. 一含有理想变压器的电路如图所示，图中电阻12R R 、和3R 的阻值分别是31ΩΩ、和4Ω，○A 为理想交流电流表，U 为正弦交流电压源，输出电压的有效值恒定。

当开关S 断开时，电流表的示数为I ；当S 闭合时，电流表的示数为4I 。

该变压器原、副线圈匝数比为（ ） A. 2 B. 3C. 4D. 5【答案】B 【解析】 解法一：当S 断开时，电路如右图所示由闭合电路欧姆定律，原线圈两端电压11U U IR =- 得13U U I =- ① 根据变压器原副边电压关系： 1122U n U n = ② 副线圈中的电流： 222235U U I R R ==+③ 联立①②③得： 21235n U In I ⎛⎫-=⎪⎝⎭④当S 闭合时，电路如右图所示由闭合电路欧姆定律，原线圈两端电压114U U I R ＇=-⋅ 得112U U I ＇=- ⑤ 根据变压器原副边电压关系： 1122U n U n =＇＇ ⑥ 副线圈中的电流得： 22221U U I R =＇＇＇=⑦ 联立⑤⑥⑦得 212124n U In I ⎛⎫-=⎪⎝⎭⑧联立④⑧解得123n n = 解法二：设开关S 断开前后，变压器的等效电阻为R 和R '，由于变压器输入功率与输出功率相同，S 闭合前：2223()()I I R R R n⋅=⋅+，得232R R R n +=① S 闭合后：2224(4)'()II R R n⋅=⋅，得22R R n '=②根据闭合电路欧姆定律：S 闭合前： 1U I R R =+③ S 闭合后： 14U I R R ='+④根据以上各式得：212223122131=543R R n n R R R n n ++=+++解得，3n =15. 利用三颗位置适当的地球同步卫星，可使地球赤道上任意两点之间保持无线电通讯。

目前，地球同步卫星的轨道半径约为地球半径的6.6倍。

假设地球的自转周期变小，若仍仅用三颗同步卫星来实现上述目的，则地球自转周期的最小值约为（ ）A. 1hB. 4hC. 8hD. 16h【答案】B【解析】地球自转周期变小，卫星要与地球保持同步，则卫星的公转周期也应随之变小，由2224πMm G mr r T =可得234πr T GM =，则卫星离地球的高度应变小，要实现三颗卫星覆盖全球的目的，则卫星周期最小时，由数学几何关系可作出右图。

由几何关系得，卫星的轨道半径为2sin30Rr R ==︒①由开普勒第三定律33122212r r T T =，代入题中数据，得33222(6.6)24R r T = ②由①②解得24T h ≈16. （5分）某同学用图（a ）所示的实验装置验证机械能守恒定律，其中打点计时器的电源为交流电源，可以使用的频率有20Hz 30Hz 、和40Hz 。

打出纸带的一部分如图（b ）所示。

该同学在实验中没有记录交流电的频率f ，需要用实验数据和其它题给条件进行推算。

(1) 若从打出的纸带可判定重物匀加速下落，利用f 和图（b ）中给出的物理量可以写出：在打点计时器打出B 点时，重物下落的速度大小为______________，打出C 点时重物下落的速度大小为_____________，重物下落的加速度大小为_____________。

(2) 已测得1238.89cm 9.50cm 10.10cm S S S ===，，，当地重力加速度大小为29.80m/s ，实验中重物受到的平均阻力大小约为其重力的1%，由此推算出f 为__________Hz 。

【答案】⑴12()2f S S +，23()2f S S +，231()2f S S -；⑵40 【解析】⑴由于重物匀加速下落，A B C D 、、、各相邻点之间时间间隔相同，因此B 点应是从A 运动到C 的过程的中间时刻，由匀变速直线运动的推论可得：B 点的速度B v 等于AC 段的平均速度，即122B S Sv t+=30°R 卫星卫星卫星由于1t f =，故12()2B fv S S =+ 同理可得23()2C fv S S =+匀加速直线运动的加速度va t∆=∆故2231231()()2()12C B fS S S S v v f a S S t f⎡⎤+-+⎣⎦-===- ①⑵重物下落的过程中，由牛顿第二定律可得：g m F =ma -阻 ② 由已知条件 0.01g F =m 阻 ③由②③得0.99g a =代入①得：231()2f a S S =-，代入数据得40Hz f ≈17. （14分）如图，两固定的绝缘斜面倾角均为θ，上沿相连。

两细金属棒ab （仅标出a 端）和cd （仅标出c 端）长度均为L ，质量分别为2m 和m ；用两根不可伸长的柔软轻导线将它们连成闭合回路abdca ，并通过固定在斜面上沿的两光滑绝缘小定滑轮跨放在斜面上，使两金属棒水平。

右斜面上存在匀强磁场，磁感应强度大小为B ，方向垂直于斜面向上。

已知两根导线刚好不在磁场中，回路电阻为R ，两金属棒与斜面间的动摩擦因数均为μ，重力加速度大小为g 。

已知金属棒ab 匀速下滑。

求 (1) 作用在金属棒ab 上的安培力的大小； (2) 金属棒运动速度的大小。

考点：受力分析、正交分解法、楞次定律、安培力的方向、欧姆定律突破点：①先通过运动方向判断磁通量的变化，然后判断安培力的方向。

通过对ab 受力分析把求安培力转换为求绳子拉力，又因为绳子对ab 和cd 拉力相同，所以再对cd 进行受力分析。

②E BLv =，用安培力求电流即可解答。

【解析】（1）由ab 、cd 棒被平行于斜面的导线相连，故ab 、cd 速度时时刻刻相等，cd也做匀速直线运动；选cd 为研究对象，受力分析如图：由于cd 匀速，其受力平衡，沿斜面方向受力平衡方程： cos cd cd N G θ= 垂直于斜面方向受力平衡方程：sin cd cd f G T θ+=且cd cd f N μ=，联立可得： cos sin T mg mg μθθ=+选ab 为研究对象，受力分析如图：其沿斜面方向受力平衡： 'sin ab ab T f F G θ++=安垂直于斜面方向受力平衡：cos ab ab N G θ=且ab ab f N μ=，T 与'T 为作用力与反作用力：'T T =， 联立可得：sin 3cos F mg mg 安θμθ=-①（2）设感应电动势为E ，由电磁感应定律：E BLv =由闭合电路欧姆定律，回路中电流：E BLvI R R==棒中所受的安培力：22B L vF BIL R==安与①联立可得：22(sin 3cos )mgR v B L θμθ-=18. （18分）如图，一轻弹簧原长为2R ，其一端固定在倾角为37︒的固定直轨道AC 的底端A 处，另一端位于直轨道上B 处，弹簧处于自然状态。

直轨道与一半径为56R 的光滑圆弧轨道相切于C 点，7AC R A B C D =，、、、均在同一竖直平面内。

质量为m 的小物块P 自C 点由静止开始下滑，最低到达E 点（未画出）随后P 沿轨道被弹回，最高到达F 点，4AF R =。

已知P 与直轨道间的动摩擦因数14μ=，重力加速度大小为g 。

（取3sin375︒=，4cos375︒=） (1) 求P 第一次运动到B 点时速度的大小。

(2) 求P 运动到E 点时弹簧的弹性势能。

(3) 改变物块P 的质量，将P 推至E 点，从静止开始释放。

已知P 自圆弧轨道的最高点D 处水平飞出后，恰好通过G 点。

G 点在C 点的左下方，与C 点水平相距72R 、竖直相距R ，求P 运动到D 点时速度的大小和改变后P 的质量。

考点：受力分析、正交分解、动能定理、匀加速直线运动、平抛运动 难易：难题，比较综合，牵扯知识比较多，并且要注意的小地方很多。

突破点：物块先受力分析求出加速度，然后用匀加速直线运动公式去做。

求弹簧弹性势能时，最主要是要求出弹簧形变量，要分两个过程去求。

关键点是用摩擦力做功去求。

平抛运动中药主要两个方向的位移需要用几何关系去求。

【解析】（1）选P 为研究对象，受力分析如图：设P 加速度为a ，其垂直于斜面方向受力平衡：cos G N θ= 沿斜面方向，由牛顿第二定律得：sin G f ma θ-=且f N μ=，可得： 2sin cos 5a g g g θμθ=-=对CB 段过程，由 2202t v v as -= 代入数据得B 点速度：2B v gR =（2）P 从C 点出发，最终静止在F ，分析整段过程； 由C 到F ，重力势能变化量：3sin P E mg R θ∆=-⋅ ①减少的重力势能全部转化为内能。

设E 点离B 点的距离为xR ，从C 到F ，产热：cos (72)Q mg R xR μθ=+②由P Q E =∆，联立①、②解得：1x =； 研究P 从C 点运动到E 点过程 重力做功： sin (5)G W mg R xR θ=+摩擦力做功： cos (5)f W mg R xR μθ=-+动能变化量： 0J k E ∆=由动能定理：G f k W W W E ++=∆弹代入得：125mgRW =-弹 由E W ∆=-弹弹，到E 点时弹性势能E 弹为125mgR。

（3）其几何关系如下图可知：23OQ R =，12CQ R =由几何关系可得，G 点在D 左下方，竖直高度差为52R ，水平距离为3R 。

设P 从D 点抛出时速度为0v ，到G 点时间为t 其水平位移： 03R v t =竖直位移： 25122R gt = 解得：035gRv = 研究P 从E 点到D 点过程，设P 此时质量为'm ，此过程中：重力做功：351''(6sin )'210G W m g R R m gR θ=-+=- ① 摩擦力做功：6''6cos '5f W m g R m gR μθ=-⋅=- ② 弹力做功：12'5W E mgR 弹弹=-∆= ③ 动能变化量：201''0J 2k E m v ∆=-9'10m gR = ④ 由动能定理：''''G f k W W W E 弹++=∆ ⑤将①②③④代入⑤，可得：1'3m m =33. [物理——选修3-3]（15分）（1）（5分）关于热力学定律，下列说法正确的是__________。