银川一中2014届高三年级第一次月考 物理
宁夏银川一中高三物理上学期第五次月考试题新人教版
2014届高三年级第五次月考物理试卷本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案写在答题卡上，在本试卷上答题无效。
第Ⅰ卷(共126分)二、选择题:本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．伽利略曾说过：“科学是在不断改变思维角度的探索中前进的”。
他在著名的斜面实验中，让小球分别沿倾角不同、阻力很小的斜面从静止开始滚下，他通过实验观察和逻辑推理，得到的正确结论有A. 倾角一定时，小球在斜面上的速度与时间成正比B. 倾角一定时，小球在斜面上的位移与时间成正比C. 斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角无关D. 斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端所需的时间与倾角无关15．如图甲所示，一物块置于水平地面上。
现用一个与竖直方向成θ角的力F 拉物块，使力F 沿顺时针方向转动，并保持物块始终沿水平方向做匀速直线运动；得到拉力F 与θ变化关系图线如图乙所示，根据图中信息可知物 块与地面之间的动摩擦因数为A. 21B. 23C. 32-D. 213-16. 如图所示，一轻质弹簧，一端系在竖直放置的半径为0.5m 的圆环顶点P ，另一端系一质量为0.1kg 的小球，小球穿在圆环上做无摩擦的运动。
设开始时小球置于A 点，弹簧处于自然状态。
当小球运动到最低点时速率为1m/s,对圆环恰好没有压力。
下列分析正确的是：(g=10m/s2) A. 从A 到B 的过程中，小球的机械能守恒 B. 小球过B 点时，弹簧的弹力为0.2N C. 小球过B 点时，弹簧的弹力为1.1N D. 小球过B 点时，弹簧的弹力为1.2N17．如图所示：汽车电动机启动时车灯会瞬间变暗，在打开车灯的情况下，电动机未启动时电流表读数为10A ，电动机启动时电流表读数为 58A ，若电源电动势为12.5V ，内阻为0.05Ω，电流 表内阻不计，则因电动机启动，车灯的电功率降低了 (设灯丝电阻不随温度而变化)A. 35.8WB. 43.2WC. 48.2WD. 76.8W18．图示电路中，电源电动势为ε，内阻为r ，R1、R2为定值电阻，R3为可变电阻，C 为电容器。
宁夏银川一中2014届高三4月模拟考试理科综合试题(扫描版)
物理部分参考答案二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求。
第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
22．（5分）（1）小球开始滚下时距桌面的高度；桌面到地面的高度；落地点到桌子边缘的水平距离。
（3分）（2）弧形轨道距桌子边缘稍近些；小球选用较光滑且体积较小质量较大的；多次测量求平均等。
（2分） 23．（10分） （1）R B （2分）（2）②R 1 （1分） ③ R 2（1分） R o （1分） （3）bc （2分） 50 （3分） 24．（13分）解：（1）（6分）“嫦娥三号”在环月圆轨道Ⅰ做匀速圆周运动，万有引力提供向心力：2()MmGma r h =+（2分） 在月球表面有：2MmGmg r=，（2分） 解得：2221.40.1m/s ()r a g r h ==±+ （2分） （2）（7分）“嫦娥三号”在变轨前绕月做圆周运动，半径R =r +100km=1800km ，（1分） 变轨后绕月做椭圆运动，半长轴a =（15+100+1700×2）/2=1757.5km ，（2分）322a T ，（2分）则3312221800720()()1757.5703T T ===（2分） 25．（19分）解：（1）（7分）由题意可知，从t 0、3t 0、……等时刻进入偏转电场的电子离开偏转电场时的位置到OO ＇的距离最小， 有：mEea =（1分） dU E 0=（1分） 20min 21at y =（1分） 得电子的最小距离20020min 2121t dme U at y ==（1分） 从0、2t 0、4t 0、……等时刻进入偏转电场的电子离开偏转电场时的位置到OO ＇的距离最大， 有：200max 21at t v y y += （1分） 0at v y = （1分） 电子的最大距离为：200200200020max 232121t dme U t dm e U t dm e U t v at y y =+=+=（1分） （2）（6分）设电子从偏转电场中射出时的偏向角为θ ，由于电子要垂直打在荧光屏上，所以电子在磁场中运动半径应为：θsin LR =（2分） 设电子离开偏转电场时的速度为v t ，垂直偏转极板的速度为v y ，则电子离开偏转电场时的偏向角为：ty v v =θsin ，式中00t dmeU v y =（2分） 又：Bemv R t=（1分） 解得： dBt U L 00=（1分） （3）（6分）由于各个时刻从偏转电场中射出的电子的速度大小相等，方向相同，因此电子进入磁场后做圆周运动的半径也相同，都能垂直打在荧光屏上。
宁夏银川一中2014高三上第一次月考试题解析-语文.
命题教师：郭凤虎注意事项：1．本试卷分第I卷（阅读题）和第11卷（表达题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证考填写在答题卡上。
2．作答时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第I卷阅读题甲必考题一、现代文阅读（一）论述类文本阅读阅读下面的文字，完成后面问题。
(9分，每小题3分)夏商周三朝，被中国传统史学家称为“三代时期”。
商人性格活泼，注重感官享受，殷墟妇好墓挖掘出的210件礼器中，仅酒器就有方彝、尊、献、壶，爵等15种175件，占全部礼器74%，酒器在墓葬中的批量摆置反映了商人重酒的风气。
《诗•商颂•烈祖》中强调祭祖时美酒的重要性：“既载清酤，赉我思成”。
张光直在《商代的巫与巫术》中提出：“酒是一方面供祖先神祇享用，一方面也可能是供巫师饮用以达到通神的精神状态。
”可见早期的祭祀离不开酒，而祭祀时候的饮酒也有特别的规定，一般先由巫师或祭司饮酒，传达神灵的旨意。
上世纪80年代出土的平民墓葬中，有随葬品的均为爵、觚等酒器。
商代酒器最简单的组合是一爵一觚。
现代考古学家认为，这种酒器之所以命名为“爵”，是由于它的造型像一只雀鸟，前面有流，好像雀啄，后面有尾，腹下还有细长的足，而古代爵与雀同音通用。
宾主酒酣耳热之时，乐舞表演将把宴会的气氛推向高潮。
根据《商颂》中的描述，重要的祭礼都以舞队的“万舞”开始，伴随着鼓、管、钟、磬等乐器的伴奏，最后在盛大的宴飨中结束。
被总称为“万舞”的舞蹈包括舞者手持马辔的武舞，以及脚踩双杆，类似高跷的林舞。
与商代不同，周代的酒成为了王室弘扬“礼制”与仪典的载体，饮酒聚宴往往只是繁琐而庄重的祭祀典礼结束后的附属程序。
对于饮宴具体制度，《礼记》记载了很多严格要求，比如参与祭祀宴会者的身份不同，其使用的酒器也有所差异：“宗庙之祭，贵者献以爵，贱者献以散；尊者举觯，卑者举角。
”祭祀之时，酒之种类不同，摆放位置也有严格繁琐的规定，比如明确要求祭典时，淡薄的酒放置于内室，甜酒在门边，浅红色的清酒在堂上，清酒在堂下。
2014年宁夏银川一中高考物理一模试卷
2014年宁夏银川一中高考物理一模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共6小题，共24.0分)1.用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列物理量的表达式不是由比值法定义的是()A.加速度a=Fm B.电阻R=UIC.电容C=QUD.电场强度E=Fq【答案】A【解析】试题分析：所谓比值定义法，就是用两个量的比值定义一个新的物理量，而新的物理量与原来两个量又无关．A、加速度a=Fm是牛顿第二定律表达式，说明加速度a与外力F成正比，与质量m成反比，不符合比值定义法的共性，故A错误；B、电阻是导体两端电压与通过电流的比值，故B正确；C、电容是所带电荷量与板间电势差的比值，故C正确；D、电场强度等于电场力与探试电荷的电荷量的比值，采用的是比值定义法，故D正确；本题选不是由比值法定义的，故选：A2.在静止湖面上竖直上抛一小铁球，小铁球在空中运动后穿过湖水，并陷入湖底淤泥中某一深度处．(不计空气阻力，取竖直向上为正方向)，则最能近似反映小铁球运动过程的速度时间的图象是()A. B. C. D.【答案】D【解析】试题分析：分析小球的运动情况：小球先竖直向上做匀减速运动，再向下做自由落体运动，进入淤泥中后先向下做加速运动，后向下做减速运动，根据运动情况分析图象．小球的运动过程分为四段：1、小球竖直向上做匀减速运动，速度为正值，图象是向下倾斜的直线；2、小球做自由落体运动，速度为负值，图象是向下倾斜的直线；3、小球进入淤泥中后，重力大于阻力时，向下做加速运动，加速度小于g，图象是向下倾斜的直线；4、小球进入淤泥中后，阻力大于重力时，向下做减速速运动，加速度小于g，图象是向下倾斜的直线；故D正确．故选：D3.如图所示为某中学科技小组制作的利用太阳能驱动小车的装置．当太阳光照射到小车上方的光电板时，光电板中产生的电流经电动机带动小车前进．若质量为m的小车在平直的水泥路上从静止开始沿直线加速行驶，经过时间t前进的距离为s，且速度达到最大值v m．设这一过程中电动机的功率恒为P，小车所受阻力恒为F，那么这段时间内()A.小车做匀加速运动B.小车受到的牵引力逐渐增大C.小车受到的合外力所做的功为P tD.小车受到的牵引力做的功为F s+12m v m2【答案】D【解析】试题分析：小车电动机的功率恒定，速度不断变大，根据功率与速度关系公式P=F v 可知，牵引力不断减小，故小车的运动是加速度不断减小的加速运动；结合动能定理列式求解相关量即可．A、小车电动机的功率恒定，速度不断变大，根据功率与速度关系公式P=F v可知，牵引力不断减小，根据牛顿第二定律，有Pv−F=ma故小车的运动是加速度不断减小的加速运动，故AB错误；B、对小车启动过程，根据动能定理，有W合=12mv m2=P t-F s，故C错误；D、根据C可知，小车受到的牵引力做的功为P t=F s+12m v m2，故D正确．故选D4.如图所示，一理想变压器原线圈接入一交流电源，副线圈电路中R1、R2、R3和R4均为固定电阻．开关S是闭合的，V1、V2和V3为理想电压表，读数分别为U1、U2和U3；A1、A2和A3为理想电流表，读数分别为I1、I2和I3．U1数值不变，现断开S，下列推断中正确的是()A.U2变小、I3变大B.U2不变、U3变大C.I1变大、I2变小D.I1变大、I2变大【答案】B【解析】试题分析：和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R2的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的理想变压器的电压与匝数程正比，由于理想变压器原线圈接到电压不变，则副线圈电压不变，所以V 2的示数U 2也不变，当s 断开之后，并联电路的电阻变大，副线圈的电阻也就变大，由于副线圈电压不变，所以副线圈的总电流减小，即I 2变小，由于电流与匝数成反比，当副线圈的电流减小时，原线圈的电流也就要减小，所以I 1变小，由于副线圈的总电流减小，R 1的电压减小，并联电路的电压U 3就会增大，所以R 3的电流I 3就会增大，所以B 正确，ACD 错误．故选：B ．5.下列选项中的各14圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各14圆环间彼此绝缘． 坐标原点O 处电场强度最大的是( ) A. B. C. D.【答案】B【解析】试题分析：根据点电荷场强的公式和场强叠加原理，与选项相对比，分析求解问题．分析时要抓住电场线从正电荷出发发无穷远处终止，或从无穷远处出发到负电荷终止．设14带电圆环在O 点产生的场强大小为E ． A 图中坐标原点O 处电场强度是14带电圆环产生的，原点O 处电场强度大小为E ； B 图中坐标原点O 处电场强度是第一象限14带正电圆环和第二象限14带负电圆环叠加产生，坐标原点O 处电场强度大小等于√2E ．C 图中第一象限14带正电圆环和第三象限14带正电圆环产生电场相互抵消，所以坐标原点O 处电场强度是14带电圆环带电圆环产生的，原点O 处电场强度大小为E ；D 图中第一象限14带正电圆环和第三象限14带正电圆环产生电场相互抵消，第二象限14带负电圆环和第四象限14带负电圆环产生电场相互抵消，所以坐标原点O 处电场强度为0．所以坐标原点O 处电场强度最大的是B ．故选：B ．6.如图所示，在平面直角坐标系的第一象限中，有垂直于x O y 平面的匀强磁场，在坐标原点O 有一个粒子发射源，可以沿x 轴正方向源源不断地发出速度不同的同种带正电的粒子，不计粒子的重力．在坐标系中有一点B ，在x 轴正方向上有一点A ，连接法正确的是( )A.出射速度越大的粒子，在三角形区域内运动的时间越长B.出射速度越大的粒子，在三角形区域内运动的轨迹越长C.所有从发射源射出后能够到达OB 边的粒子，从射出至到达OB 边的运动时间都相等D.所有从发射源射出后能够到达AB 边的粒子，从射出至到达AB 边的运动时间都相等【答案】C【解析】试题分析：作出粒子从0B 、AB 边射出的运动轨迹图，通过几何关系比较圆心角的大小，根据t =θ2πT ，周期T=2πm qB 比较运动时间的长短． 依据R=mv qB 可知，速度不同的粒子进入磁场后做圆周运动的半径不同．由于粒子进入磁场的速度方向均沿着x 轴正方向，所以所有粒子做圆周运动的圆心都在y 轴上．作出几个速度逐渐增大的粒子运动轨迹示意图:如圆弧1、2、3所示．则从OB 边上射出的粒子运动圆弧所对应的圆心角相同(如图中1、2所示)，由周期T=2πmqB 可知，能够从OB 边上射出的粒子运动的时间都相等．故C正确．而速度较大的粒子，可能射出AB 上(如圆弧3)，则圆弧2、3相比，运动时间一定不同，且因为射到AB 边上的所有粒子运动圆弧所对应的圆心角不同，速度越大的粒子轨迹越靠近A 点，圆弧越短且对应的圆心角越小．故A 、B 、D 错误．故选C ．二、多选题(本大题共2小题，共12.0分)7.我国于2013年12月发射了“嫦娥三号”卫星，该卫星在距月球表面高度为h 的轨道上做匀速圆周运动，其运行的周期为T ；卫星还在月球上软着陆．若以R 表示月球的半径，忽略月球自转及地球对卫星的影响．则( )A.“嫦娥三号”绕月运行时的向心加速度为4π2R T 2B.月球的第一宇宙速度为2π√R(R+ℎ)3TRC.物体在月球表面自由下落的加速度大小为4π2(R+ℎ)3R 2T 2D.由于月球表面是真空，“嫦娥三号”降落月球时，无法使用降落伞减速【答案】【解析】试题分析：根据万有引力提供向心力GMmr2=mv2r=mω2r=m4π2T2r=ma解答，注意r=R+h．A、根据ma=m4π2T2r知“嫦娥三号”绕月运行时的向心加速度为a=4π2T2(R+ℎ)，故A错误；B、根据公式：GMmr2=mv2r，此时r=R，解得第一宇宙速度为：v=2π√R(R+ℎ)3TR，故B正确；C、根据公式：GMmr2=m4π2T2r和月球表面：mg′=GMmR2，得：g′=4π2(R+ℎ)3R2T2．故C正确；D、降落伞只能在有空气时才能产生阻力，由于月球表面是真空，“嫦娥三号”降落月球时，无法使用降落伞减速．故D正确．故选：BCD8.如图所示，空间存在着与圆台母线垂直向外的磁场，各处的磁感应强度大小均为B，圆台母线与竖直方向的夹角为θ，一个质量为m、半径为r的匀质金属环位于圆台底部．当给环通以恒定的电流I，圆环由静止向上运动，经过时间t后撤去该恒定电流并保持圆环闭合，圆环全程上升的最大高度为H．已知重力加速度为g，不计空气阻力，磁场的范围足够大．在圆环向上运动的过程中，下列说法正确的是()A.圆环先做加速运动后做减速运动B.在时间t内安培力对圆环做功为mg HC.圆环运动的最大速度为2πBIrtcosθm-gt D.圆环先有扩张后有收缩的趋势【答案】AC【解析】试题分析：根据牛顿第二定律，与运动学公式，依据做功表达式，结合电磁感应与安培力，即可求解．环中通以恒定电流I后，圆环所受安培力为BI2πr，则在竖直方向的分力为2πr BI cosθ，A、圆环先向上加速运动，当电流撤去后，由于惯性，圆环继续向上运动，在磁场中切割磁感线而做变减速运动，故A项正确；B、由牛顿第二定律，可得：BI•2πrcosθ-mg=ma，则圆环向上的加速度为a=2πBIrcosθm-g，则竖直方向上，在电流未撤去时，圆环将做匀加速直线运动，经过时间t，速度会达到最大值，由v=at得v=2πBIrtcosθm-gt，故C正确；at2，则安培力对圆环做功为W=F h，故B错误；在时间t内，上升的高度h=12D、圆环通电流时，电流方向为顺时针，安培力分量指向圆心，有收缩的趋势，撤去电流后，切割产生的感应电流为逆时针，则安培力分量背离圆心，则有扩张的趋势，故D项错误故选：AC六、多选题(本大题共1小题，共6.0分)13.下列说法正确的是()A.某种液体的饱和蒸气压与温度有关B.不是所有晶体都具有各向异性的特点C.第二类永动机不能制成是因为它违反了能量守恒定律D.当分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力均减小，但斥力减小得更快，所以分子间的作用力表现为引力E.一定质量的理想气体，放热的同时外界对其做功，其内能可能减少【答案】ABDE【解析】试题分析：在密闭条件中，在一定温度下，与固体或液体处于相平衡的蒸汽所具有的压力称为饱和蒸汽压．同一物质在不同温度下有不同的饱和蒸气压，并随着温度的升高而增大．单晶体具有各向异性，多晶体具有各向同性；第二类永动机不能制成是因为它违反了热力学第二定律；当分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力均减小，但斥力减小得更快，所以分子间的作用力表现为引力；根据热力学第一定律，一定质量的理想气体，放热的同时外界对其做功，其内能可能增大，有可能不变，可能减少．A、同一物质在不同温度下有不同的饱和蒸气压，并随着温度的升高而增大．故A正确；B、单晶体具有各向异性，多晶体具有各向同性．故B错误；C、第二类永动机没有违反了能量守恒定律，不能制成是因为它违反了热力学第二定律；故C错误；D、当分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力均减小，但斥力减小得更快，所以分子间的作用力表现为引力．故D正确；E、根据热力学第一定律，一定质量的理想气体，放热(Q＜0)的同时外界对其做功(W ＞0)，其内能改变：△E=Q+W可能减少，可能增大，有可能不变．故E正确．故选：ABDE八、多选题(本大题共1小题，共6.0分)15.下列说法正确的是()A.摆钟偏快时可缩短摆长进行校准B.火车鸣笛向我们驶来时，我们听到的笛声频率将比声源发声的频率高C.拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以增加透射光的强度D.地面附近有一高速水平飞过的火箭，地面上的人观察到的火箭长度要比火箭上的人观察到的短一些E.光从水中射入玻璃中，发现光线偏向法线，则光在玻璃中传播速度一定小于在水中的传播速度BDE【解析】试题分析：A 、根据单摆周期公式，即可求解；B 、当间距变小时，接收频率高于发出频率，当间距变大时，接收频率低于发出频率；C 、镜头前加一个偏振片以减弱反射光的强度；D 、根据光的相对论，沿着速度的方向，长度缩短；E 、光线偏向法线，则折射率大，从而由c =nv ，可知，光在玻璃中传播速度的大小．A 、摆钟偏快时，说明周期偏小，若要周期变大，则可伸长摆长进行校准，故A 错误；B 、火车鸣笛向我们驶来时，间距变小，则我们听到的笛声频率将比声源发声的频率高，故B 正确；C 、拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片，以反射光发生干涉，减弱反射光的透射，故C 错误；D 、一高速水平飞过的火箭，因沿着速度的方向的长度要缩短，则在地面上的人观察到的火箭长度要比火箭上的人观察到的短一些，故D 正确；E 、光从水中射入玻璃中，发现光线偏向法线，则该光的折射率大，由c =nv ，可知，光在玻璃中传播速度一定小于在水中的传播速度，故E 正确；故选：BDE十、多选题(本大题共1小题，共6.0分)17.下列说法正确的是( )A.某放射性元素经过11.4天有78的原子核发生了衰变，该元素的半衰期为3.8天B.在单缝衍射实验中，假设只让一个光子通过单缝，则该光子可能落在暗条纹处C.一群氢原子从n =3的激发态向较低能级跃迁，最多可放出两种频率的光子D.已知能使某金属发生光电效应的极限频率为ν0，则当频率为2ν0的单色光照射该金属时，光电子的最大初动能为2h ν0E. 24H e + 1327A l → 1530P+ 01n 是原子核的人工转变方程【答案】ABE【解析】试题分析：A 、经过一个半衰期，有一半质量发生衰变，从而即可求解；B 、单缝衍射实验中，暗条纹是光子到达的机会较少；C 、从n =3的激发态向较低能级跃迁，光子的种类，以C n 2来确定；D 、根据光电效应方程E km =h γ-W 0知，即可求解；E 、满足质量数与质子数守恒，即可求解．A 、放射性元素经过11.4天有78的原子核发生了衰变，则还有18没有衰变，该元素的半衰期为3.8天，故A 正确；B 、单缝衍射实验中，假设只让一个光子通过单缝，则该光子可能落在暗条纹处，不过落在暗条纹机会较少，故B 正确；C 、一群氢原子从n =3的激发态向较低能级跃迁，最多可放出三种频率的光子，故C 错误；D 、某金属发生光电效应的极限频率为ν0，则当频率为2ν0的单色光照射该金属时，根据光电效应方程E km =h γ-W 0知，光电子的最大初动能为h ν0，故D 错误；E 、 24H e + 1327A l → 1530P+ 01n 是原子核的人工转变方程，满足质量数与质子数守恒，故E故选：ABE三、填空题(本大题共1小题，共4.0分)9.某学习小组利用自行车的运动“探究阻力做功与速度变化的关系”．人骑自行车在平直的路面上运动，当人停止蹬车后，由于受到阻力作用，自行车的速度会逐渐减小至零，如图所示．在此过程中，阻力做功使自行车的速度发生变化．设自行车无动力后受到的阻力恒定．(1)在实验中使自行车在平直的公路上获得某一速度后停止蹬车，需要测出人停止蹬车后自行车向前滑行的距离s，为了计算自行车的初速度v，还需要测量(填写物理量的名称及符号)．(2)设自行车受到的阻力恒为f，计算出阻力做的功及自行车的初速度．改变人停止蹬车时自行车的速度，重复实验，可以得到多组测量值．以阻力对自行车做功的大小为纵坐标，自行车初速度为横坐标，作出W一V曲线．分析这条曲线，就可以得到阻力做的功与自行车速度变化的定性关系．在实验中作出W一V图象如图所示，其中符合实际情况的是【答案】(1)人停止蹬车后自行车滑行的时间t；(2)C【解析】试题分析：根据动能定理得出人停止蹬车后，阻力做功与自行车速度的关系．从而判断W与v图线．(1)人停止蹬车后，人和车组成的系统做匀减速直线运动，由匀变速直线运动规律得：v2=2as；且有v=at，故需要测出人停止蹬车后自行车向前滑行的时间t；(2)根据动能定理得：-W=0-1mv2，故知W与v成二次函数关系，且抛物线开口向2上．故C正确．故答案为：(1)人停止蹬车后自行车滑行的时间t；(2)C．四、实验题探究题(本大题共1小题，共9.0分)10.①某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图所示，则它们的读数值依次是mm、A、V．②已知实验中所用的滑动变阻器阻值范围为0～10Ω，电流表内阻约几欧，电压表内E=4.5V，内阻较小．则以下电路图中，(选填字母代号)电路为本次实验应当采用的最佳电路，但用此最佳电路测量的金属丝电阻仍然会比真实值偏(选填“大”或“小”)．③若已知实验所用的电流表内阻的准确值R A=2.0Ω，那么测量金属丝电阻R x的最佳电路应是图中的电路(选填字母代号)．此时测得电流为I、电压为U，则金属丝电阻R x= ( 用题中字母代号表示)．【答案】①0.999；0.42；2.25；②A；小；③B；R x=UI−R A【解析】试题分析：①螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；由图示电表确定电表量程与分度值，然后读出其示数；②根据待测电阻阻值与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后选择实验电路；根据实验电路分析实验误差．③在已知电流表内阻的情况下，可以采用电流表内接法，由串联电路特点及欧姆定律可以求出待测电阻阻值．①由图甲所示可知，螺旋测微器固定刻度示数是0.5mm，可动刻度示数是49.9×0.01mm=0.499mm，则螺旋测微器示数为0.5mm+0.499mm=0.999mm(0.996～1.000均正确)；由图乙所示电流表可知，电流表量程是0～0.6A，分度值是0.02A，示数为0.42A；电压表量程是0～3V，分度值是0.1V，示数为2.25V(2.25～2.28均正确)；②待测电阻阻值R=UI =2.25V0.42A≈5.4Ω，电流表内阻约几欧，电压表内阻约20kΩ，相对来说电压表内阻远大于待测电阻值阻值，电流表应采用外接法，应选A所示实验电路；由于电压表的分流作用，所测电流偏大，由欧姆定律可知，待测电阻测量值小于真实值．③已知实验所用的电流表内阻的准确值R A=2.0Ω，那么测量金属丝电阻R x的最佳电路应是图中的B电路；由欧姆定律可得：R A+R X=UI ，R X=UI-R A；故答案为：①0.999；0.42；2.25；②A；小；③B；R x=UI−R A．五、计算题(本大题共2小题，共21.0分)11.2011年3月11日，日本大地震以及随后的海啸给日本带来了巨大的损失．灾后某中学的部分学生组成了一个课题小组，对海啸的威力进行了模拟研究，他们设计了如下的模型：如图甲在水平地面上放置一个质量为m=4kg的物体，让其在随位移均匀减小的水平推力作用下运动，推力F随位移x变化的图象如图乙所示，已知物体与地面之间的动摩擦因数为μ=0.5，g=10m/s2．(1)运动过程中物体的最大加速度为多少？(2)在距出发点什么位置时物体的速度达到最大？(3)物体在水平面上运动的最大位移是多少？【答案】解：(1)由牛顿第二定律，得F-μmg=ma，当推力F=100N时，物体所受的合力最大，加速度最大-μg=20m/s2 (2)由图象可得推力随位移x是变化的，当推力等于摩代入解得解得a=Fm擦力时，加速度为0，速度最大则F=μmg=20N由图得到F与x的函数关系式F=100-25x则得到x=3.2m(3)由图象得到推力对物体做功等于“面积”，得推力做功W=200J根据动能定理W-μmgx m=0代入数据得x m=10m答：(1)运动过程中物体的最大加速度为20m/s2 (2)在距出发点3.2m处时物体的速度达到最大(3)物体在水平面上运动的最大位移是10m．【解析】根据牛顿第二定律，当物体的合力最大时，其加速度最大．由图读出推力的最大值即可求出最大加速度．分析物体的运动情况：物体先加速运动，当合力为零为后做减速运动．速度最大时推力就能得到，再由图读出位移．由动能定理可求出最大位移．12.如图所示，两足够长的平行光滑的金属导轨MN、PQ相距为L=1m，导轨平面与水平面夹角α=30°，导轨电阻不计．磁感应强度为B1=2T的匀强磁场垂直导轨平面向上，长为L=1m的金属棒ab垂直于MN、PQ放置在导轨上，且始终与导轨接触良好，金属棒的质量为m1=2kg、电阻为R1=1Ω．两金属导轨的上端连接右侧电路，电路中通过导线接一对水平放置的平行金属板，两板间的距离和板长均为d=0.5m，定值电阻为R2=3Ω，现闭合开关S并将金属棒由静止释放，重力加速度为g=10m/s2，试求：(1)金属棒下滑的最大速度为多大？(3)当金属棒稳定下滑时，在水平放置的平行金属间加一垂直于纸面向里的匀强磁场B2=3T，在下板的右端且非常靠近下板的位置有一质量为m2=3×10-4kg、带电量为q=-1×10-4C的液滴以初速度v水平向左射入两板间，该液滴可视为质点．要使带电粒子能从金属板间射出，初速度v应满足什么条件？【答案】解析：(1)当金属棒匀速运动时速度最大，设最大速度为v m则有：m1gsinα-F安=0F安=ILB1，I=B1Lv mR1+R2，所以解得最大速度：v m=10m/s(2)电路的电动势：E=BLV，I=E2R1+R2整个电路消耗的电功率：P=I2 R，所以：P=100W(3)金属棒匀速运动时，两板间电压U=IR2=15V，由题意知液滴在两板间有：m2g=q Ud，所以该液滴在两平行金属板间做匀速圆周运动，当液滴恰从上板左端边缘射出时：r1=d=m2v1B2q，所以：v1=0.5m/s；当液滴恰从上板右侧边缘射出时：r2=m2v2B2q =d 2，所以v2=0.25m/s初速度v应满足的条件是：v≥0.5m/s或v≤0.25m/s．答：(1)金属棒最终的速度为10m/s(2)R2上消耗的电功率P为100W(3)初速度v应满足的条件是：v≥0.5m/s或v≤0.25m/s．【解析】(1)分析金属棒运动的过程，知道当金属棒匀速运动时速度最大，根据力的平衡知识求解．(2)根据电路知识求出电流和功率．(3)在电容器中有一个隐含条件即重力和电场力上相等的，所以该液滴在两平行金属板间做匀速圆周运动，当液滴恰从上板左端边缘射出和当液滴恰从上板右侧边缘射出两种情况分析求解．七、计算题(本大题共1小题，共8.0分)14.如图所示，玻璃管粗细均匀(粗细课忽略不计)，竖直管两封闭端内理想气体长分别为上端30cm、下端27cm，中间水银柱长10cm．在竖直管中间接一水平玻璃管，右端开口与大气相通，用光滑活塞封闭5cm长水银柱．大气压p0=75cm H g．(1)求活塞上不施加外力时两封闭气体的压强各为多少？(2)现用外力缓慢推活塞恰好将水平管中水银全部推入竖直管中，求这时上下两部分气体的长度各为多少？【答案】解：(1)上端封闭气体的压强：P上=P0-P h=75-5=70cm H g，下端封闭气体的压强：P下=P0+P h=75+5=80cm H g；(2)设玻璃管横截面积为S，气体发生等温变化，由玻意耳定律得：对上端封闭气体，P上L上S=P上′L上′S，对上端封闭气体，P下L下S=P下′L下′S，P上′+15=P下′，L上′+L下′=52，解得：L上′=28cm，L下′=24cm；答：(1)活塞上不施加外力时两封闭气体的压强各为70cm H g、80cm H g．(2)上下两部分气体的长度各为28cm、24cm．【解析】(1)根据图示求出封闭气体压强．(2)气体发生等温变化，由玻意耳定律可以分析解题．九、计算题(本大题共1小题，共8.0分)16.如图所示，一束截面为圆形(半径R=1m)的平行紫光垂直射向一半径也为R的玻璃半球的平面，经折射后在屏幕S上形成一个圆形亮区．屏幕S至球心距离为D=(√2+1)m ，不考虑光的干涉和衍射，试问：①若玻璃半球对紫色光的折射率为n =√2，请你求出圆形亮区的半径．②若将题干中紫光改为白光，在屏幕S 上形成的圆形亮区的边缘是什么颜色？【答案】解：(1)如图，紫光刚要发生全反射时的临界光线射在屏幕S 上的点E 到亮区中心G 的距离r 就是所求最大半径．设紫光临界角为C ，由全反射的知识得：sin C=1n ，又：AB=R sin C=Rn ，OB=R cos C=R √n 2−1n ，BF=AB •tan C=n√n 2−1，GF=D-(OB+BF)=D-√n 2−1，GE AB =GF FB 所以有r =GE=GFFB •AB=D •√n 2−1-n R=(√2+1)√√22−1-√2×1=1m(2)紫色．当平行光从玻璃中射向空气时，由于紫光的折射率的最大，则临界角最小，所以首先发生全反射，因此出射光线与屏幕的交点最远．故圆形亮区的最外侧是紫光．答：(1)若玻璃半球对(1)中最外侧色光的折射率为n ，圆形亮区的最大半径为1m ．(2)屏幕S 上形成的圆形亮区的最外侧是紫光；。
宁夏银川一中2024学年高三物理试题5月月考试题
宁夏银川一中2024学年高三物理试题5月月考试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、一辆F1赛车含运动员的总质量约为600 kg ，在一次F1比赛中赛车在平直赛道上以恒定功率加速，受到的阻力不变，其加速度a 和速度的倒数1ν的关系如图所示，则赛车在加速的过程中（ ）A ．速度随时间均匀增大B ．加速度随时间均匀增大C ．输出功率为240 kwD ．所受阻力大小为24000 N2、2024年我国或将成为全球唯一拥有空间站的国家。
若我国空间站离地面的高度是同步卫星离地面高度的1n，同步卫星离地面的高度为地球半径的6倍。
已知地球的半径为R ，地球表面的重力加速度为g ，则空间站绕地球做圆周运动的周期的表达式为（ ）A ．33(6)2n R n g+ B ．(6)2n R ngπ+C ．3(6)2n R ng+ D ．26ngR n π+3、如图所示，虚线a 、b 、c 是电场中的一簇等势线（相邻等势面之间的电势差相等），实线为一α粒子（重力不计）仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P 、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知（ ）A．a、b、c三个等势面中，a的电势最高B．电子在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能小C．α粒子在P点的加速度比Q点的加速度大D．带电质点一定是从P点向Q点运动4、如图所示，质量为m的小球用一轻绳悬挂，在恒力F作用下处于静止状态，静止时悬线与竖直方向夹角为53°，若把小球换成一质量为2518m 的小球，在恒力F作用下也处于静止状态时，悬线与竖直方向夹角为37°，则恒力F的大小是（）A．516mg B．512mg C．58mg D．56mg5、下列现象中属于分子斥力的宏观表现的是A．镜子破碎后再对接无法接起B．液体体积很难压缩C．打气筒打气，若干次后难再打进D．橡皮筋拉伸后放开会自动缩回6、2019年10月8日，瑞典皇家科学院在斯德哥尔摩宣布，将2019年诺贝尔物理学奖，一半授予美国普林斯顿大学吉姆·皮布尔斯，以表彰他“关于物理宇宙学的理论发现”，另外一半授予瑞士日内瓦大学的米歇尔·麦耶和瑞士日内瓦大学教授兼英国剑桥大学教授迪迪埃·奎洛兹，以表彰他们“发现一颗环绕类日恒星运行的系外行星”。
宁夏大学附中2014届高三(上)第一次月考物理试卷 Word版含解析
2021-2022学年宁夏高校附中高三（上）第一次月考物理试卷一.选择题每题4分，共48分1．（4分）（2021•重庆）如图所示，某人静躺在椅子上，椅子的靠背与水平面之间有固定倾斜角θ．若此人所受重力为G，则椅子各部分对他的作用力的合力大小为（）A．G B．G sinθC．G cosθD．G tanθ考点：力的合成．专题：受力分析方法专题．分析：人受多个力处于平衡状态，合力为零．人受力可以看成两部分，一部分是重力，另一部分是椅子各部分对他的作用力的合力．依据平衡条件求解．解答：解：人受多个力处于平衡状态，人受力可以看成两部分，一部分是重力，另一部分是椅子各部分对他的作用力的合力．依据平衡条件得椅子各部分对他的作用力的合力与重力等值，反向，即大小是G．故选A．点评：通过受力分析和共点力平衡条件求解．2．（4分）（2021•涟水县校级模拟）如图，A、B分别是甲、乙两小球从同一地点沿同始终线运动的v﹣t图象，依据图象可以推断（）A．两球在t=2s时速率相等B．两球在t=8s时相距最远C．两球运动过程中不会相遇D．甲、乙两球做初速度方向相反的匀减速直线运动，加速度大小相同方向相反考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：由速度时间图象直接读出两球的速度大小．分析两球的运动状况，推断两球在t=8s时是否相距最远．两球先做匀减速直线运动，后做匀加速直线运动．解答：解：A、v﹣t图象反映速度随时间变化的状况，由图读出t=2s时两球速度大小都是20m/s，速率是相等的．故A正确；B、依据v﹣t图象的物理意义可知，两球在t=8s时均回到动身点相遇，明显不是相距最远．故BC错误．D、两球开头做匀减速直线运动，而后做匀加速直线运动．A的加速度大小为a A =||=，B的加速度大小为a B =||=，加速度方向相反．故D错误．故选A点评：这是直线运动中速度图象的问题，要抓住斜率表示加速度，“面积”表示位移来分析物体的运动状况．3．（4分）（2022•靖边县校级模拟）如图，在光滑水平面上有一质量为m1的足够长的木板，其上叠放一质量为m2的木块．假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等．现给木块施加一随时间t增大的水平力F=kt（k是常数），木板和木块加速度的大小分别为a1和a2，下列反映a1和a2变化的图线中正确的是（）A．B．C．D．考点：牛顿其次定律．专题：压轴题；牛顿运动定律综合专题．分析：当F比较小时，两个物体相对静止，一起加速运动，加速度相同，依据牛顿其次定律得出加速度与时间的关系．当F比较大时，m2相对于m1运动，两者加速度不同，依据牛顿其次定律分别对两个物体争辩，得出加速度与时间的关系，再选择图象．解答：解：当F比较小时，两个物体相对静止，加速度相同，依据牛顿其次定律得：a==，a∝t；当F比较大时，m2相对于m1运动，依据牛顿其次定律得：对m1：a1=，μ、m1、m2都肯定，则a1肯定．对m2：a2===t﹣μg，a2是t的线性函数，t增大，a2增大．由于，则两木板相对滑动后a2图象大于两者相对静止时图象的斜率．故A正确．故选：A点评：本题首先要分两个相对静止和相对运动两种状态分析，其次接受整体法和隔离法争辩得到加速度与时间的关系式，再选择图象，是经常接受的思路．4．（4分）（2022秋•雨城区校级期中）已知两个共点力的合力为50N，分力F1的方向与合力F的方向成30°角，分力F2的大小为30N，则（）A．F1的大小不是唯一的B．F2的方向是唯一的C．F2有两个可能的方向D．F2可取任意方向考点：合力的大小与分力间夹角的关系．专题：平行四边形法则图解法专题．分析：已知合力的大小为50，一个分力F1的方向已知，与F成30°夹角，另一个分力的最小值为Fsin30°=25N，依据三角形定则可知分解的组数．解答：解：已知一个分力有确定的方向，与F成30°夹角，知另一个分力的最小值为Fsin30°=25N 而另一个分力大小大于25N小于30N，所以分解的组数有两组解．如图．故AC正确，BD错误故选：AC．点评：解决本题的关键知道合力和分力遵循平行四边形定则，知道平行四边形定则与三角形定则的实质是相同的．5．（4分）（2022•安徽模拟）斜面体固定在水平面上，斜面的倾角为θ，物体的质量为m，如图甲所示，在沿斜面对上的力F 作用下，物体沿斜面对上匀速运动；如图乙所示，若换为沿斜面对下的力作用下，物体沿斜面对下匀速运动．物体与斜面间的滑动摩擦因数为（）A．cosθB．tanθC．cotθD．tanθ考点：牛顿其次定律；滑动摩擦力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对物体受力分析，依据共点力平衡，列出方程组，求出物体与斜面间的滑动摩擦因数的大小．解答：解：当物体匀速向上运动时，依据共点力平衡得：F=mgsinθ+μmgcosθ，当物体匀速向下运动时，依据共点力平衡得：联立两式解得：μ=．故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，依据共点力平衡进行求解．6．（4分）（2022秋•兴平市校级期中）如图所示，截面为三角形的木块a上放置一铁块b，三角形木块竖直边靠在竖直且粗糙的竖直面上，现用竖直向上的作用力F，推动木块与铁块一起向上匀速运动，运动过程中铁块与木块始终保持相对静止，则下列说法正确的是（）A．木块a受到6个力的作用B．木块a受到4个力的作用C．木块b受到3个力的作用D．木块b受到2个力的作用考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对b受力分析，再对a、b整体受力分析，最终对a受力分析．解答：解：A、B、先对a、b整体受力分析，受到重力和推力，二力平衡，整体不受墙壁的弹力和摩擦力；最终对a受力分析，受到重力、推力、b对a的压力和静摩擦力；故a受到4个力；故A错误，B正确；C、D、再对b受力分析，受到重力、支持力和静摩擦力，三力平衡，故支持力和静摩擦力的合力与重力平衡，竖直向上，即b受3个力；故C正确，D错误；故选：BC．点评：弹力和摩擦力的有无可以依据假设法推断，即假设存在，或假设不存在，看是否与运动状态相冲突．7．（4分）（2022•上海）如图所示，斜面上a、b、c三点等距，小球从a点正上方O点抛出，做初速为v0的平抛运动，恰落在b点．若小球初速变为v，其落点位于c，则（）A．v0＜v＜2v0B．v=2v0C．2v0＜v＜3v0D．v＞3v0考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，平抛运动的水平位移由初速度和运动时间打算．解答：解：小球从a点正上方O点抛出，做初速为v0的平抛运动，恰落在b点，转变初速度，落在c点，知水平位移变为原来的2倍，若时间不变，则初速度变为原来的2倍，由于运动时间变长，则初速度小于2v0．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键知道平抛运动水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度打算，时间和初速度共同打算水平位移．8．（4分）（2022秋•沈阳期末）如图所示，放于竖直面内的光滑金属圆环半径为R，质量为m的带孔小球穿于环上，同时有一长为R细绳一端系于球上，另一端系于圆环最低点，当圆环以角速度ω绕竖直直径转动时，发觉小球受到三个力作用，则ω可能为（）A．B．C．D．2考点：向心力；牛顿其次定律．专题：牛顿其次定律在圆周运动中的应用．分析：由于圆环光滑，所以这三个力确定是重力、环对球的弹力、绳子的拉力，细绳要产生拉力，绳要处于拉升状态，依据几何关系及向心力基本格式求出刚好不受拉力时的角速度，此角速度为最小角速度，只要大于此角速度就受三个力．解答：解：由于圆环光滑，所以这三个力确定是重力、环对球的弹力、绳子的拉力，细绳要产生拉力，绳要处于拉升状态，依据几何关系可知，此时细绳与竖直方向的夹角为60°，当圆环旋转时，小球绕竖直轴做圆周运动，向心力由三个力在水平方向的合力供应，其大小为：F=mω2r，依据几何关系，其中r=Rsin60°肯定，所以当角速度越大时，所需要的向心力越大，绳子拉力越大，所以对应的临界条件是小球在此位置刚好不受拉力，此时角速度最小，需要的向心力最小，对小球进行受力分析得：F min=2mgsin60°，即：2mgsin60°=m Rsin60°解得：，所以只要ω＞就符合题意．故选：D点评：本题主要考查了圆周运动向心力公式的应用以及同学们受力分析的力量，要求同学们能找出临界状态并结合几何关系解题，难度适中．9．（4分）（2021•山东）如图所示，用完全相同的轻弹簧A、B、C将两个相同的小球连接并悬挂，小球处于静止状态，弹簧A与竖直方向的夹角为30°，弹簧C水平，则弹簧A、C的伸长量之比为（）A．：4 B．4：C．1：2 D．2：1考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：将两球和弹簧B看成一个整体，分析受力状况，依据平衡条件求出弹簧A、C拉力之比，即可由胡克定律得到伸长量之比．解答：解：将两球和弹簧B看成一个整体，整体受到总重力G、弹簧A和C的拉力，如图，设弹簧A、C的拉力分别为F1和F2．由平衡条件得知，F2和G的合力与F1大小相等、方向相反则得：F2=F1sin30°=0.5F1．依据胡克定律得：F=kx，k相同，则弹簧A、C的伸长量之比等于两弹簧拉力之比，即有x A：x C=F1：F2=2：1故选：D．点评：本题首先要选择好争辩对象，其次正确分析受力状况，作出力图，再由平衡条件求解．10．（4分）（2022秋•兴平市校级期中）如图所示，ad、bd、cd，是竖直面内的三根固定的光滑细杆，a、b、c、d位于同一圆周上，a点为圆周上最高点，d点为圆周上最低点．每根杆上都套有一个小圆环，三个圆环分别从a、b、c处由静止释放，用t1、t2、t3依次表示各环到达d点所用的时间，a1、a2、a3分别表示沿杆下滑的加速度，υ1、υ2、υ3分别表示沿杆滑动到d点速度的大小，则下列关系正确的是（）A．t1＜t2＜t3B．a1＞a2＞a3C．υ1＜υ2＜υ3D．t1=t2=t3考点：牛顿其次定律；共点力平衡的条件及其应用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先受力分析后依据牛顿其次定律计算出滑环沿任意一根杆滑动的加速度，然后依据位移时间关系公式计算出时间，对表达式分析，得出时间与各因素的关系．依据速度时间公式列式，分析速度关系．解答：解：对于任一圆环，受重力和支持力，将重力沿杆的方向和垂直杆的方向正交分解，依据牛顿其次定律得小滑环做初速为零的匀加速直线运动的加速度为a=gsinθ，（θ为杆与水平方向的夹角），则得a1＞a2＞a3．由图中的直角三角形可知，小圆环的位移S=2Rsinθ由S=得：t===2，则t与θ无关，即t1=t2=t3圆环滑到底端时的速度大小v=at=gsinθ•2，可知θ越大，v越大，则有v1＞v2＞v3．故选：BD点评：本题关键从众多的杆中抽象出一根杆，假设其与水平方向的夹角为θ，然后依据牛顿其次定律求出加速度，再依据运动学公式求出时间表达式争辩．11．（4分）（2021秋•兴庆区校级月考）如图所示，在光滑水平地面上叠放着A、B两物体，已知m A=6kg，m B=2kg，A、B间动摩擦因数μ=0.2，在物体A上系一细线，细线所承受的最大拉力是50N，现用力F水平向右拉细线，g取10m/s2，则（）A．当拉力F＜12N时，A静止不动B．当拉力F=16N时，A相对B滑动C．当拉力F=16N时，B受A的摩擦力等于4ND．无论拉力F多大，A相对B始终静止考点：滑动摩擦力；静摩擦力和最大静摩擦力．专题：摩擦力专题．分析：隔离对B分析，求出B的最大加速度，再对整体分析，求动身生相对滑动所需的最大拉力．解答：解：当A、B发生相对运动时的加速度为：a==m/s2=6m/s2．则发生相对运动时最大拉力为：F=（m A+m B）a=8×6N=48N．A、当拉力F＜12N时，A相对于B静止，而对于地面来说是运动的，故A错误；B、知在绳子承受的最大拉力范围内，A、B始终保持静止．当F=16N时，整体的加速度为：a′==m/s2=2m/s2．则B对A的摩擦力为：f=m B a′=2×2N=4N．故C正确，B、D错误．故选：C．点评：本题属于动力学的临界问题，关键求出相对运动的临界加速度，推断在绳子拉力范围内是否发生相对运动，留意整体法和隔离法的运用．12．（4分）（2021•重庆）如1图，为伽利略争辩自由落体运动试验的示意图，让小球由倾角为θ的光滑斜面滑下，然后在不同的θ角条件下进行多次试验，最终推理出自由落体运动是一种匀加速直线运动．分析该试验可知，小球对斜面的压力、小球运动的加速度和重力加速度与各自最大值的比值y随θ变化的图象分别对应图2中（）A．①②和③B．③②和①C．②③和①D．③①和②考点：自由落体运动．专题：压轴题；自由落体运动专题．分析：对小球进行受力分析，依据力的合成与分解原则求出小球对斜面压力的表达式，依据牛顿其次定律求出小球运动的加速度，重力加速度始终为g，恒定不变，从而找出图象．解答：解：对小球进行受力分析，则有：N=mgcosθ，随着θ的增大，N减小，对应③依据牛顿其次定律得：a=，随着θ的增大，a增大，对应②重力加速度始终为g，恒定不变，对应①，故B正确故选B点评：本题主要考查了牛顿其次定律的直接应用，要求同学们能正确对小球进行受力分析，知道重力加速度始终为g，恒定不变，难度不大，属于基础题．二、试验题（每空2分，共16分）13．（6分）（2008•启东市模拟）某同学在探究摩擦力的试验中接受了如图所示的操作，将一个长方体木块放在水平桌面上，然后用一个力传感器对木块施加一个水平拉力F，并用另外一个传感器对木块的运动状态进行监测，表1是她记录的试验数据．木块的重力为10. 00N，重力加速度g=9.80m/s2，依据表格中的数据回答下列问题：表1试验次数运动状态水平拉力F/N1 静止 3.622 静止 4.003 匀速 4.014 匀加速 5.015 匀加速 5.49（1）木块与桌面间的最大静摩擦力f m＞ 4.01N；（2）木块与桌面间的动摩擦因数μ=0.401；（3）试验次数5中监测到的加速度a= 1.45m/s2．（以上答案保留3位有效数字）考点：探究影响摩擦力的大小的因素．专题：试验题；摩擦力专题．分析：（1）水平力作用下物体匀速运动时，所受滑动摩擦力等于水平拉力，最大静摩擦力大于拉力；（2）物体在水平力作用下沿水平面运动时，F N=mg，F f=F=F Nμ由此可求出滑动摩擦因数大小；（3）依据牛顿其次定律列方程可以求出物体的加速度大小．解答：解：（1）当物体在水平拉力作用下匀速运动时，拉力大小等于滑动摩擦力大小，物体所受滑动摩擦力为：F f=4.01N，最大静摩擦力大于滑动摩擦力，因此f m＞4.01N．故答案为：4.01．（2）滑动摩擦力为：F f=F Nμ①F N=mg ②联立①②．故答案为：0.401．（3）依据牛顿其次定律有：F5﹣F f=ma，带入数据解得：a=1.45m/s2．故答案为：1.45．点评：滑动摩擦力大小跟压力大小、接触面粗糙程度有关，跟物体受到的拉力大小、物体的运动速度都没有关系，正确依据物体所处状态列方程求解．14．（10分）（2022秋•兴平市校级期中）如图甲为“用DIS（位移传感器、数据采集、计算机）验证牛顿其次定律”的试验装置．（1）在该试验中应当接受的争辩方法是把握变量法，用钩码所受的重力作为小车所受外力，用DIS 测小车的加速度．（2）保持质量肯定转变所挂钩码的数量，多次重复测量，在某次试验中依据测得的多组数据可画出关系图线，如图乙所示；①分析此图线的OA段可得出的试验结论是加速度与外力成正比．②此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要缘由是C．A．小车与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态C ．所挂钩码的总质量太大D．所用小车的质量太大（3）图丙为争辩“在外力肯定条件下，物体的加速度与其质量的关系”时所得的试验图象，横坐标m 为小车上砝码的质量．设图中直线的斜率为k，直线在纵轴上的截距为b ，若牛顿其次定律成立，则小车受到的拉力为，小车的质量为．考点：验证牛顿其次运动定律．专题：试验题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）首先知道该试验在探究三物理量关系时，接受把握变量法；（2）依据图象的斜率即为小车质量的倒数，及知道本试验的留意事项分析即可求解．（3）依据牛顿其次定律写出与小车上砝码质量m的表达式，然后结合斜率与截距概念求解即可．解答：解：（1）在探究小车的加速度、质量和合外力的关系时，接受把握变量法，即保持小车的总质量不变，探究钩码所受的重力作为小车所受外力和加速度的关系．（2）①分析此图线的OA 段可得出的试验结论是：加速度与外力成正比；②本试验需留意两点：一是需要平衡摩擦力，即使长木板倾斜肯定角度，使重力沿斜面的分力等于摩擦力；二是需保证小车的质量远大于钩码的质量，这样钩码的重力近似等于小车的拉力．由图看出，AB段明显偏离直线是由于拉力太大，没有满足小车的质量远大于钩码的质量，故ABD错误，C正确．（3）设小车的质量为m'，则有F=（m+m'）a，变形得=m+所以﹣m图线的斜率表示，则k=，解得F=；纵轴截距=b，解得小车质量m′=．故答案为：（1）把握变量法；（2）①加速度与外力成正比；②C．（3），．点评：遇到涉及图象的问题时，要先依据物理规律写出关于纵轴与横轴的函数表达式，再依据斜率和截距的概念求解即可．三、计算题（共40分）15．（12分）（2022•宿州模拟）汽车由静止开头在平直的大路上行驶，0～60s内汽车的加速度随时间变化的图线如图所示．（1）画出汽车在0～60s内的v﹣t图线；（2）求在这60s内汽车行驶的路程．考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：（1）物体在0﹣10s内做匀加速直线运动，在10﹣40s内做匀速直线运动，在40﹣60s内做匀减速直线运动，可知在10s末的速度最大，依据速度时间公式求出汽车的最大速度，作出汽车在0﹣60s内的速度时间图线；（2）速度时间图线围成的面积表示位移，依据图线围成的面积求出汽车在60s内通过的路程．解答：解：（1）设t=10s，40s，60s时刻的速度分别为v1，v2，v3．由图知0～10 s内汽车以加速度2 m/s2匀加速行驶，由运动学公式得v1=2×10m/s=20m/s由图知10～40s内汽车匀速行驶，因此v2=20m/s由图知40～60s内汽车以加速度1m/s2匀减速行驶，由运动学公式得v3=（20﹣1×20）m/s=0汽车在0～60s内的v﹣t图线，如图所示．（2）由v﹣t图线可知，在这60s内汽车行驶的路程为s=×20m=900m．答：（1）汽车在0～60s内的v﹣t图线，如图所示；（2）在这60s内汽车行驶的路程为900m．点评：本题首先要依据加速度图象分析出汽车的运动状况，求出各段运动过程汽车的速度，即可画出速度图象，求解总路程时可以运用运动学公式分段求解，但是没有图象法求解快捷．16．（10分）（2021秋•兴庆区校级月考）童非，江西人，中国有名体操运动员，首次在单杠项目上实现了“单臂大回环”；用一只手抓单杠，伸展身体，以单杠为轴做圆周运动，如图所示，假设童非的质量为65kg，那么，在完成“单臂大回环””的过程中，童非的单臂至少要能够承受至少多大的力？（g取10m/s2）考点：向心力；牛顿其次定律．专题：牛顿其次定律在圆周运动中的应用．分析：人在最高点的最小速度为零，依据动能定理求出人在最低点的速度，再依据牛顿其次定律求出拉力的大小．解答：解：设人的长度为l，人的重心在人体的中间．最高点的最小速度为零，依据动能定理得：．解得最低点人的速度为：v=．依据牛顿其次定律得：，解得：F=5mg=5×650=3250N．答：童非的单臂至少要能够承受至少3250N的力．点评：解决本题的关键知道最高点的最小速度为零，综合牛顿其次定律和动能定理进行求解．17．（14分）（2022•山东模拟）一长木板在水平地面上运动，在t=0时刻将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，以后木板运动的速度﹣时间图象如图所示．己知物块与木板的质量相等，物块与木板间及木板与地面间均有摩擦，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上．取重力加速度的大小g=10m/s2，求：（1）物块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数；（2）从t=0时刻到物块与木板均停止运动时，物块相对于木板的位移的大小．考点：匀变速直线运动的图像．专题：压轴题；运动学中的图像专题．分析：（1）由v﹣t图象分析可知，0.5s时刻以前木板做匀减速运动，而物块做匀加速运动，t=0.5s时刻两者速度相等．依据v﹣t的斜率等于物体的加速度，由数学学问求出木板的加速度大小，由运动学公式和牛顿其次定律结合求解动摩擦因数；（2）依据牛顿其次定律推断速度相同后两个物体能否一起做匀减速运动，求出加速度，由运动学公式求出两个物体的总位移，两者之差即为相对位移．解答：解：（1）设物块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数分别为μ1和μ2，木板与物块的质量均为m．v﹣t的斜率等于物体的加速度，则得：在0﹣0.5s 时间内，木板的加速度大小为=m/s2=8m/s2．对木板：地面给它的滑动摩擦力方向与速度相反，物块对它的滑动摩擦力也与速度相反，则由牛顿其次定律得μ1mg+μ2•2mg=ma1，①对物块：0﹣0.5s内，物块初速度为零的做匀加速直线运动，加速度大小为a2==μ1gt=0.5s时速度为v=1m/s，则v=a2t ②由①②解得μ1=0.20，μ2=0.30（2）0.5s后两个物体都做匀减速运动，假设两者相对静止，一起做匀减速运动，加速度大小为a=μ2g 由于物块的最大静摩擦力μ1mg＜μ2mg，所以物块与木板不能相对静止．依据牛顿其次定律可知，物块匀减速运动的加速度大小等于a2==μ1g=2m/s2．0.5s后物块对木板的滑动摩擦力方向与速度方向相同，则木板的加速度大小为a1′==4m/s2故整个过程中木板的位移大小为x1=+=1.625m物块的位移大小为x2==0.5m所以物块相对于木板的位移的大小为s=x1﹣x2=1.125m答：（1）物块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数分别为0.20和0.30；（2）从t=0时刻到物块与木板均停止运动时，物块相对于木板的位移的大小是1.125m．点评：本题首先要把握v﹣t图象的物理意义，由斜率求出物体的加速度，其次要依据牛顿其次定律推断速度相等后两物体的运动状况，再由运动学公式求解相对位移．。
宁夏银川一中2024届高三上学期第一次月考 理综物理答案
银川一中2024届高三第一次月考物理试题答案22 CDF B23 1.31 BC 越小 有关24 【答案】（1）竖直向上，mg ；（2）22mv mg h+；（3）cos mg n θ 【详解】（1）阶段Ⅱ，以速度0v 匀速下降，以主降落伞和返回舱（含航天员）为整体，根据受力平衡可得空气阻力的大小为f mg =（2）在阶段Ⅲ中，主降落伞和返回舱匀减速至零，根据运动学公式可得2020ah v -=-解得加速度大小为22v a h= 根据牛顿第二定律可得F mg ma -=解得反推发动机产生的推力大小为202mv F mg h=+ （3）阶段Ⅱ，以返回舱（含航天员）为对象，根据受力平衡可得cos nT mg θ=解得阶段Ⅱ中每根轻绳的拉力大小为cos mgT n θ=25.【答案】（1）18m ；（2）36m/s ；（3）会有两次相遇，2s 和4.75s 【详解】（1）乙车从静止加速到最大速度时间内，行驶的位移是1123m 18m 2x =⨯⨯=（2）设甲车减速第5s 末速度为v ，甲车减速的加速度大小为a ，按甲车逆运动为匀加速，第5s内的位移为25512x v t at =+第1s 内的位移为21112x v t at =+154v v at =+将132m x =，51m x =，1s t =代入以上三式，联立解得50v < 说明第5秒内甲车已经停下； 设第5秒内甲车运动了Δt ，则25112x a t =∆ 2211111(4)(3)22x a t a t =∆+-∆+解得0.5s t ∆= 218m/s a =设甲车刚减速时速度为v 0, 01(4)v a t =+∆ 解得036m/s v =（3）设从甲车减速开始经过t 1甲车乙车相遇2011112x v t a t =-甲题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 D CADBCDBDABD设乙车加速度为a 2，由图像得224m/s ∆==∆va t 2211(21)x a t =-乙0x x s =+甲乙解得12s t =或1 4.67s t =（乙车已经匀速，不合理舍去）由题意和以上结果可知，甲车乙车还会第二次相遇，设甲车减速阶段位移为x 甲′211(42)x a t '=∆+甲此过程中乙车的位移为2212x a t v t '=+∆乙乙解得81m x '=甲 24m x '=乙0()x x s '>'+甲乙甲车乙车还没有第二次相遇0()x x s v t '-'+='甲乙乙 解得0.25s t '=甲车乙车第二次相遇时间为4 4.75s t t t ='++∆= 33. (1)ACE (2)【答案】（1）放热，20J ；（2）550N F =卡，活塞对卡环的力方向竖直向上；（3）71kg 【详解】（1）根据热力学第一定律U Q W ∆=+ 可得20J Q =-可得缸内气体放热，放热20J 。
2014届银川一中高三第一次月考文科理科试卷及答案第一次月考理综试卷
银川一中2014届高三年级第一次月考理科综合试卷命题人：乔雅林、赵怀珠、周缨本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案写在答题卡上，在本试卷上答题无效。
第Ⅰ卷(共126分)可能用到的相对原子质量（原子量）：H-1 O-16 S-32 C-12 N-14 Al-27 Cu-64 一、选择题：本题包括13小题。
每小题6分，共78分，每小题只有一个选项符合题意。
1. 生物膜系统在细胞生命活动中有着多方面的重要作用，下列叙述错误的是A ．生物体内的所有膜结构共同构成生物膜系统B ．广阔的膜面积为酶提供了大量的附着位点C. 在细胞内外的物质运输等过程中起决定性作用D. 生物膜系统的组分在结构和功能上有紧密的联系2．只有在保持细胞活性的条件下，才能显示细胞中某种物质或结构的实验是A ．苏丹Ⅲ染色观察花生种子子叶细胞中的脂肪B ．龙胆紫染色观察洋葱根尖分生区细胞的有丝分裂C ．健那绿染色观察动物细胞中的线粒体D ．甲基绿、吡罗红染色观察动物细胞中的DNA 和RNA 分布3．下图中是生物体内几种有机物组成以及它们各自能的关系图，m 1、m 2、m 3、m 4分别是大分子物质M 1、M 2、M 3、M 4的组成单位。
下列说法正确的是A ．相同质量的M 1和M 2被彻底氧化分解，则M 1的耗氧量多B ．同一个体不同细胞中M 3的种类不同取决于基因的选择性表达C ．m 3和m 4之间的区别主要是五碳糖和碱基的种类不同D ．不同的M 4在结构上的区别主要是m 4的连接方式不同4．下列有关细胞结构和功能的叙述，正确的是A ．蓝藻细胞中的酶，在核糖体上合成，并由内质网和高尔基体加工B ．形成出芽小泡是内质网在结构上与其他生物膜相联系的唯一方式C ．植物细胞的叶绿体和线粒体中产生的ATP ，都可以用于主动运输中吸收Mg 2＋D ．动物细胞也能渗透吸水或失水，其原因之一是细胞膜相当于一层半透膜 5．下图分别表示温度、pH 与酶活性的关系，下列叙述不正确的是A ．曲线A 表示酶与温度的关系，b 点所对应的温度表示该酶的最适温度B ．曲线B 可以表示人体内胃蛋白酶的活力C ．曲线C 可以表示人体内胰蛋白酶的活力D ．曲线D 可以表示为胃蛋白酶的酶促反应从80oC 不断降温至0oC 的实验中测得的反应物量的变化6．ATP(甲)是生命活动的直接能源物质，据图判断下列叙述正确的是A ．在主动运输过程中，乙的含量会明显增加B ．丙中不含磷酸键，是RNA 基本组成单位之一C ．丁由腺嘌呤和核糖组成，而戊可用于甲的合成D ．甲→乙和乙→丙过程中，其催化作用的酶空间结构相同 7．下列说法正确的是A ．冰醋酸、纯碱、芒硝、生石灰分别属于酸、碱、盐、氧化物B ．电解质在水溶液和熔融状态下均能导电C ．“PM2.5”是细小颗粒物悬浮在空气中形成胶体，严重危害人体健康D ．“血液透析”利用了胶体的性质8．设N A 为阿伏加德罗常数的值。
解析宁夏省银川一中高三上学期第一次月考物理试题 含解析
命题人：乔雅林、赵怀珠、周缨本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案写在答题卡上，在本试卷上答题无效。
第Ⅰ卷(共126分)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.14．关于伽利略对自由落体运动的研究，以下说法正确的是A．伽利略认为在同一地点，重的物体和轻的物体下落快慢不同B．伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证C．伽利略通过数学推演并用小球在斜面上运动验证了位移与时间的平方成正比D．伽利略用小球在斜面上运动验证了运动速度与位移成正比15．如图所示，汽车以10 m/s的速度匀速驶向路口，当行驶至距路口停车线20 m处时，绿灯还有3 s熄灭．而该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，则汽车运动的速度(v)－时间(t)图象可能是【答案】C【解析】试题分析：在速度时间图象中，曲线所围的面积表示位移的大小，由于本题位移20 m，因此选项A、B错误。
选项D中梯形的面积，由于第一段时间未知，所以无法计算，选项C符合题意，选项C正确。
选项B 的面积大于20 m。
考点：本题考查速度-时间图象问题。
16．如图甲所示，在光滑的水平面上，物体A在水平方向的外力F作用下做直线运动，其v—t图象如图乙所示，规定向右为正方向．下列判断正确的是A．在3 s末，物体处于出发点右方B．在1-2 s内，物体正向左运动，且速度大小在减小C．在1-3 s内，物体的加速度方向先向右后向左D．在0-1 s内，外力F不断增大17. 如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，M左边紧贴墙壁，若在M斜面上放一个物体m，当m 沿着M的斜面下滑时，M始终静止不动，则M受力个数可能为A. 4个或5个B. 5个或6个C. 3个或4个D. 4个或6个【答案】A18． 如图所示，三根轻细绳悬挂两个质量相同的小球保持静止，A 、D 间细绳是水平的，现对B 球施加一个水平向右的力F ，将B 缓缓拉到图中虚线位置，这时三根细绳张力AC AD AB T T T F F F 、、的变化情况是 A. 都变大 B. AD T F 和AB T F 变大，AC T F 不变 C. AC T F 和AB T F 变大，AD T F 不变 D. AC T F 和AD T F 变大，AB T F 不变19． 将一小物体以初速v 0竖直上抛，若物体所受空气阻力大小不变，则小物体在到达最高点的最后一秒和离开最高点的第一秒时间内通过的路程s 1和s 2、速度的变化量△v 1和△v 2的大小关系为 A ．s 1＞s 2 B ．s 1＜s 2 C ．△v 1＞△v 2 D ．△v 1＜△v 220．如图所示，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v，则传送带启动后A. M静止在传送带上B. M可能沿传送带向上运动C. M受到的摩擦力不变D. M下滑的速度不变21．在如图所示装置中，两物体质量分别为m1、m2，悬点a、b间的距离远大于滑轮的直径，不计一切摩擦，整个装置处于静止状态。
宁夏银川一中近年届高三物理上学期第一次月考试题(2021年整理)
宁夏银川一中2019届高三物理上学期第一次月考试题编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（宁夏银川一中2019届高三物理上学期第一次月考试题）的内容能够给您的工作和学习带来便利。
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银川一中2019届高三年级第一次月考理科综合试卷命题人：本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷(非选择题）两部分。
其中第Ⅱ卷第33～38题为选考题,其它题为必考题。
考生作答时，将答案写在答题卡上，在本试卷上答题无效。
第Ⅰ卷（共126分）可能用到的相对原子质量(原子量）：H—1 O—16 Na—23 K—39 Mn—55Cu—64 Ni—59一、选择题：本题包括13小题。
每小题6分,共78分，每小题只有一个选项符合题意。
二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.14．同学们利用如图所示方法估测反应时间．首先，甲同学捏住直尺上端，使直尺保持竖直状态，直尺零刻度线位于乙同学的两指之间．当乙看见甲放开直尺时，立即用手指捏直尺，若捏住位置的刻度读数为20 cm，（g取10m/s2）．则乙同学的反应时间为A．0．1 B．0．2sC．0．3s D．0．4s15．从三亚飞往银川的波音737航班，到达河东国际机场着陆的速度为60 m/s，然后以大小为5 m/s2的加速度做匀减速直线运动直到停下,则飞机在着陆后第14秒内的位移为A．0 m B．350 mC．360 m D．1330 m16．一遥控玩具小车在平直路上运动的x－t图象如图所示,则A．15 s内汽车的位移为300 mB．前10 s内汽车的加速度为3 m/s2C．20 s末汽车的速度为－1 m/sD．前25 s内汽车做单方向直线运动17．如图所示，光滑的半球形物体固定在水平地面上，一轻绳一端系在球心正上方的天花板上,另一端系一小球,靠放在半球上，小球处于静止状态．现缓慢减小半球的半径，半球的圆心位置不变，在这个过程中，小球始终与半球接触，则半球对小球的支持力F1和绳对小球的拉力F2的大小变化情况是 ( )A．F1变大，F2变小B．F1变小,F2变大C．F1变小， F2不变D．F1先变小后变大，F2变小18．如图所示，在粗糙水平面上静置一个截面为等腰三角形的斜劈A,其质量为M，两个底角均为30°．两个完全相同的、质量均为m的小物块p和q恰好能沿两侧面匀速运动．若现在对p物块施加一个平行于斜劈侧面向下的恒力F，则在p和q下滑的过程中，下列说法正确的是A．斜劈A对地面的压力大小等于（M＋2m)gB．斜劈A对地面的压力大于（M＋2m）gC．斜劈A对地向右运动D．斜劈A受到地面向右的摩擦力作用19．如图所示，一个质量为m的滑块静止置于倾角为30°的粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P点，另一端系在滑块上，弹簧与竖直方向的夹角为30°．则A．滑块可能受到三个力的作用B．弹簧可能处于不伸不缩状态C．斜面对滑块的支持力大小可能为零D．斜面对滑块的摩擦力大小可能为零20．如图所示为甲、乙两个质点同时、同地向同一方向运动的v-t图，由图可知A．在0～3 s内,甲做匀加速直线运动B．甲在3 s后改做匀速运动，在7 s末乙追上甲C．5～7 s内两者相互逐渐靠近D．0～7 s内两者在前进方向上的最大距离大于5 m21．如图所示，不计质量的光滑小滑轮用细绳悬挂于墙上O点，跨过滑轮的细绳连接物块A、B，A、B都处于静止状态,现将物块从C移至B点后，A、B仍保持静止，下列说法中正确的是A．B与水平面间的摩擦力减小B．地面对B的弹力增大C．悬于墙上的绳所受拉力减小D．A、B静止时，图中、两角始终相等第Ⅱ卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。
宁夏省银川一中高三理综第一次月考(物理选考部分)新人教版【会员独享】
物理选考题（15分）33．［物理——选修3-4］（15分）（1）（5分）平面MN\PQ\ST 为三个相互平行的界面，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ为三种不同的介质，平面ST 的上表面涂有反射层（光线不能通过）。
某种单色光线射向界面MN 后，发生了一系列的反射和折射现象，光路如图所示。
则（ ）A ．当入射角β适当减小时，光线c ．d 都可能会消失；B ．当入射角β适当增大时，光线d 可能会消失；C ．对于三种介质，光在介质Ⅱ中的传播速度最小；D ．出射光线b ．c ．d 不一定平行。
（2）（10分）如图所示为一列沿x 轴负方向传播的简谐横波，实线为t ＝0时刻的波形图，虚线为t ＝0.．6 s 时的波形图，波的周期T ＞0.6 s ，则：（1）这列波的周期和传播速度分别是多少？（2）从t=0时刻开始经过1.0s 质点P 的位移和路程分别是多少？34．［物理——选修3-5］（15分）（1）（5分）静止在匀强磁场中的U 23892，放出α粒子，衰变成Th 23490，衰变后Th 23490的速度方向与磁场方向垂直。
（1）写出衰变方程： ；（2）Th 23490的轨道半径与α粒子的轨道半径之比为 。
（2）（10分）如图所示，一质量M=0.2kg 的长木板静止在光滑的水平地面上，另一质量m=0．2kg 的小滑块，以V 0=1.2m/s 的速度从长木板的左端滑上长木板。
已知小滑块与长木板间的动摩擦因数μ=0.4，（ g=10m/s 2）问：（1）经过多少时间小滑块与长木板速度相等？（2）从小滑块滑上长木板，到小滑块与长木板相对静止，小滑块运动的距离为多少？（滑块始终没有滑离长木板）33．题1．BC 2．（1）T=0．8s v=10m/s （2）位移为 -0．2m 路程为1．0m34．题．1．（1）He Th U 422349023892+→ （2）1:452．（1）0．15s （2）0．135m。
宁夏银川一中高三理综(物理部分)上学期第一次月考试卷(含解析)新人教版
银川一中2015届高三年级第一次月考理科综合试卷（物理）本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案写在答题卡上，在本试卷上答题无效。
第Ⅰ卷(共126分)可能用到的相对原子质量（原子量）：H-1 O-16 C-12 P-31 Li-7 F-19二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.14．2011年12月在上海举行的汽车展销会上，一辆汽车从静止开始匀加速运动，表中给出了某些时刻汽车的瞬时速度，根据表中的数据通过分析、以下结论不正确的是A．汽车运动的加速度为3m/s2 B．汽车前6 s内的位移为54mC．汽车第8 s末的速度为24m/s D．汽车运动第7 s内的位移为16m【答案】D【解析】A、汽车运动的加速度为：2va3m/st∆=∆＝，故A正确；B、汽车前6s内的位移为：211x336m54m22at=⨯⨯＝＝，故B正确；C、汽车在第8s末的速度为：v at38m/s24m/s==⨯=，故C正确；D、汽车运动第7s内的位移为：()22776111x34936m19.5m222at at-=⨯⨯-＝＝，故D错误．故选D。
【考点】匀变速直线运动规律15．如图所示，质量为M的直角劈B放在水平面上，在劈的斜面上放一质量为m的物体A，用一沿斜面向上的力F作用于A上，使其沿斜面匀速上滑，在A上滑的过程中直角劈B相对地面始终静止，则关于地面对劈的摩擦力Ff及支持力FN，下列说法正确的是A．Ff向左，FN<Mg＋mg B．Ff＝0，FN＝Mg＋mgC．Ff向右，FN<Mg＋mg D．Ff向左，FN＝Mg＋mg【答案】A【解析】对整体进行受力分析：向下的重力（M+m ）g 、向上的支持力FN ，斜向上方的推力F ，由于系统处于平衡状态，所以还受到向左的静摩擦力f ，由于系统处于平衡状态， 根据平衡条件应有：N f Fcos Fsin F M m gαα=+=+，（），故A 正确BCD 错误。
宁夏银川一中2014届高三上学期第二次月考物理试题Word版含答案
宁夏银川一中2014届高三上学期第二次月考物理试题命题人：本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案写在答题卡上，在本试卷上答题无效。
第Ⅰ卷(共126分)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.14．我国第一艘航母“辽宁”号的跑道长200m.飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s 2，起飞需要的最低速度为50m/s.那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为 A.5m/sB.10m/sC.15m/sD.20m/s15．小船横渡一条河，船在静水中的速度大小不变，方向始终垂直于河岸。
已知小船的部分运动轨迹如图所示，则可判断，此过程中河水的流速A ．越接近B 岸水速越小 B ．越接近B 岸水速越大C ．由A 到B 水速先增大后减小D ．水流速度恒定16．如右图所示一根轻质弹簧上端固定，下端挂一质量为m 的平盘，盘中有一物体，质量为M ，当盘静止时弹簧的长度比其自然长度伸长了L ，今向下拉盘，使弹簧再伸长△L 后停止,然后松手放开,设弹簧始终处在弹性限度以内，则刚松开手时盘对物体的支持力等于A ．1+⎛⎝⎫⎭⎪∆L L MgB ． ()1+⎛⎝⎫⎭⎪+∆L L m M g C ．∆LLmgD ．()∆LLM m g +A．根据图2和图3能估测出电梯向上启动时的加速度B．根据图4和图5能估测出电梯向下制动时的加速度C．图1到图5反映出超重或失重现象与电梯运动方向有关D．图1到图5反映出超重或失重现象与电梯的加速度方向有关18．物体在变力F作用下沿水平方向做直线运动，物体质量m＝10kg，F随坐标x的变化情况如图所示。
若物体在坐标原点处由静止出发，不计一切摩擦。
宁夏银川一中2014届高三理综(物理部分)下学期第一次模拟考试新人教版
宁夏银川一中2014届高三下学期第一次模拟考试物理(银川一中第一次模拟考试)本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项：1．答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上。
2．选择题答案使用2B铅笔填涂,如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案的标号；非选择题答案使用毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号在各题的答题区域(黑色线框)内作答超出答题区域书写的答案无效。
4．保持卡面清洁，不折叠，不破损。
5．做选考题时，考生按照题目要求作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题目涂黑。
可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 B-11 N-14 O-16 S-32 Na-23Mg-24 Al-27 Cu-64第Ⅰ卷二、选择题:本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第14-19题只有一项符合题目要求，第20、21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列物理量的表达式不是由比值法定义的是A．加速度Fam=B．电阻URI=C．电容QCU=D．电场强度FEq=15．在静止湖面上竖直上抛一小铁球，小铁球在空中运动后穿过湖水，并陷入湖底淤泥中某一深度处。
(不计空气阻力，取竖直向上为正方向)，则最能近似反映小铁球运动过程的速度时间的图像是16. 如图所示为某中学科技小组制作的利用太阳能驱动小车的装置．当太阳光照射到小车上方的光电板时，光电板中产生的电流经电动机带动小车前进．若质量为m的小车在平直的水泥路上从静止开始沿直线加速行驶，经过时间t前进的距离为l，且速度达到最大值vm.设这一过程中电动机的功率恒为P，小车所受阻力恒为F，那么这段时间内A．小车做匀加速运动B．小车受到的牵引力逐渐增大C．小车受到的合外力所做的功为PtD．小车受到的牵引力做的功为Fl＋12mv2m17．如图所示，一理想变压器原线圈接入一交流电源，副线圈电路中R1、R2、R3和R4均为固定电阻．开关S是闭合的，、和为理想电压表，读数分别为U1 、 U2和U3；、和为理想电流表，读数分别为I1、I2和I3 .U1数值不变，现断开S，下列推断中正确的是A．U2变小、I3变大 B．U2不变、U3变大C．I1变大、I2变小 D．I1变大、I2变大18．下列选项中的各1/4圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各1/4圆环间彼此绝缘。
宁夏银川一中最新高三物理上学期第一次月考试题含解析
Ａ. 4:3
3mg 由几何关系得到: ，联立解得:F1 与 F2 的大小之比为 7：３.
A．4：3 与计算结果不符,故 A 不符合题意。 B．3：4 与计算结果不符,故 B 不符合题意。 C．７:3 与计算结果பைடு நூலகம்符，故 C 符合题意。 D． 3：7 与计算结果不符,故 D 不符合题意。 ６.一质量为 0。8kg 的球固定在支杆ＡＢ的上端，支杆 AＢ的下端固定在升降机上，今用一段绳子水平 拉球,使杆发生弯曲，如图所示，已知绳的拉力为 6N，g 取 1０m/s2，则以下说法正确的是
B。 3：4
Ｃ。 7:3ﻩD。 ３：7
答案 C
解析
详解 a 受到Ｆ1 水平向右的力，b 受到 F2 的水平向左的力,以整体为研究对象,分析受力如图：
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物理精品资料
设Ｏa 绳与竖直方向的夹角为 ，则由平衡条件得： tan F1 F2 3mg mg
以ｂ球为研究对象，受力如图.设 aｂ绳与竖直方向的夹角为 ，则由平衡条件得： tan F2
2
g
下落的高度最小，则测量的反应时间最短，故 A 不符合题意。
B.根据 h 1 gt2 得 2 t 2h 0.2s g
故 B 不符合题意。
C。根据 v2=２gh 得，第二次抓住尺的瞬时速度
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物理精品资料
v 2gh 210 0.45m / s 3m / s
宁夏回族自治区银川一中高三物理上学期第一次月考试题
宁夏回族自治区银川一中2016届高三物理上学期第一次月考试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第l4～17题只有一项符合题目要求；第18～21题有多项符合要求。
全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．关于伽利略对自由落体运动的研究，以下说法正确的是A．伽利略认为在同一地点，重的物体和轻的物体下落快慢不同B．伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证C．伽利略通过数学推演并用小球在斜面上运动，验证了位移与时间的平方成正比D．伽利略用小球在斜面上运动“冲淡重力”，验证了运动速度与位移成正比15．汽车以20m/s的速度在平直公路上行驶，急刹车时的加速度大小为5m/s2，则自驾驶员急踩刹车开始，2s与5s时汽车的位移之比为A. 5∶4B. 4∶5C.3∶4D.4∶3 16．如图所示,质量均可忽略的轻绳与轻杆承受弹力的最大值一定, 轻杆A端用铰链固定,滑轮在A点正上方（滑轮大小及摩擦均可不计）, 轻杆B端吊一重物G，现将绳的一端拴在杆的B端，用拉力F将B端缓慢上拉（均未断），在AB杆达到竖直前，以下分析正确的是A．绳子越来越容易断 B．绳子越来越不容易断C．AB杆越来越容易断 D．AB杆越来越不容易断17．甲、乙两车在同一水平道路上，一前一后相距X=6m，乙车在前，甲车在后，某时刻两车同时开始运动，两车运动的过程如图所示，则下列表述正确的是A．当t=4s时两车相遇B．当t=4s时两车间的距离最大C．两车有两次相遇D．两车有三次相遇18．做直线运动的甲、乙两物体的位移一时间图象如图所示，则A．当乙开始运动时，两物体相距20mB．在0～10s这段时间内，物体间的距离逐渐变大C．在10s~25s这段时间内，物体间的距离逐渐变小D．两物体在10s时相距最远，在25s时相遇19．在水平地面上放置一倾角为α的斜面．A、B两物块如图叠放，并一起沿斜面匀速下滑。
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银川一中2014届高三年级第一次月考物理试卷命题人：乔雅林、赵怀珠、周缨本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案写在答题卡上，在本试卷上答题无效。
第Ⅰ卷(共126分)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.14．关于伽利略对自由落体运动的研究，以下说法正确的是A．伽利略认为在同一地点，重的物体和轻的物体下落快慢不同B．伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证C．伽利略通过数学推演并用小球在斜面上运动验证了位移与时间的平方成正比D．伽利略用小球在斜面上运动验证了运动速度与位移成正比15．如图所示，汽车以10 m/s的速度匀速驶向路口，当行驶至距路口停车线20 m处时，绿灯还有3 s熄灭．而该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，则汽车运动的速度(v)－时间(t)图象可能是16．如图甲所示，在光滑的水平面上，物体A在水平方向的外力F作用下做直线运动，其v—t图象如图乙所示，规定向右为正方向．下列判断正确的是A．在3 s末，物体处于出发点右方B．在1-2 s内，物体正向左运动，且速度大小在减小C．在1-3 s内，物体的加速度方向先向右后向左D．在0-1 s内，外力F不断增大17. 如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，M左边紧贴墙壁，若在M斜面上放一个物体m，当m沿着M的斜面下滑时，M始终静止不动，则M受力个数可能为A. 4个或5个B. 5个或6个C. 3个或4个D. 4个或6个18．如图所示，三根轻细绳悬挂两个质量相同的小球保持静止，A 、D间细绳是水平的，现对B 球施加一个水平向右的力F ，将B 缓缓拉 到图中虚线位置，这时三根细绳张力AC AD AB T T T F F F 、、的变化情况是 A. 都变大 B. AD T F 和AB T F 变大，ACT F 不变C. AC T F 和AB T F 变大，AD T F 不变D. AC T F 和AD T F 变大，AB T F 不变19．将一小物体以初速v 0竖直上抛，若物体所受空气阻力大小不变，则小物体在到达最高点的最后一秒和离开最高点的第一秒时间内通过的路程s 1和s 2、速度的变化量△v 1和△v 2的大小关系为A ．s 1＞s 2B ．s 1＜s 2C ．△v 1＞△v 2D ．△v 1＜△v 220．如图所示，物块M 在静止的传送带上以速度v 匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v ，则传送带启动后 A. M 静止在传送带上 B. M 可能沿传送带向上运动 C. M 受到的摩擦力不变 D. M 下滑的速度不变21．在如图所示装置中，两物体质量分别为m1、m 2，悬点a 、b 间的距离远大于滑轮的直径，不计一切摩擦，整个装 置处于静止状态.由图可知( ) A. m 1一定大于m 2B. m 1可能大于2m 2C. m 1一定小于2m 2D α一定等于β第Ⅱ卷(必考题129分，选考题45分，共174分)三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。
第22—32题为必考题，每个试题考生都做答；第33题—39题为选考题，考生根据要求作答。
(一)必考题(共129分)22. (6分)在探究力的合成方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳。
实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条。
①实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的 （填字母代号） A ．将橡皮条拉伸相同长度即可 B. 将弹簧秤都拉伸到相同刻度C. 将橡皮条沿相同方向拉到相同长度D.将橡皮条和绳的结点拉到相同位置 ②同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是 （填字母代号）A ．拉橡皮条的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的两点要适当远些B ．弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行C ．用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大D ．两细绳必须等长23.(9分)某同学用打点计时器测量做匀加速直线运动的物体的加速度，电源频率f=50Hz 在纸带上打出的点中，选出零点，每隔4个点取1个计数点，因保存不当，纸带被污染，如图所示，A 、B 、C 、D 是依次排列的4个计数点，仅能读出其中3个计数点到零点的距离：mm S A 6.16= mm S B 5.126= mm S D 5.624=若无法再做实验，可由以上信息推知： ①相邻两计数点的时间间隔为__________s②打C 点时物体的速度大小为___________m /s (取2位有效数字) ③物体的加速度大小为__________m /s 224.(14分)A 、B 两列火车,在同一轨道上同向行驶,A 车在前,其速度v A =10 m/s ，B 车在后,速度v B =30 m/s,因大雾能见度很低,B 车在距A 车s=75 m 时才发现前方有A 车,这时B 车立即刹车,但B 车要经过180 m 才能停下来(1)B 车刹车时A 仍按原速率行驶,两车是否会相撞?(2)若B 车在刹车的同时发出信号,A 车司机经过Δt=4 s 收到信号后加速前进,则A 车的加速度至少多大才能避免相撞?25.(18分)如图所示，倾角为θ的光滑斜面ABC 放在水平面上， 劲度系数分别为k 1、k 2的两个轻弹簧沿斜面悬挂着，两弹 簧之间有一质量为m 1的重物，最下端挂一质量为m 2的重物， 此时两重物处于平衡状态，现把斜面ABC 绕A 点在同一平 面内缓慢地顺时针旋转90°后，重新达到平衡.试求m 1、m 2 分别沿斜面移动的距离.(二)选考题：共45分。
请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选1题解答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目涂黑。
注意所做题目必须与所涂题目一致，在答题卡选答区域指定位置答题。
如果多做，则每学科按所做的第一题计分。
33.【物理——选修3-3】（15分）(1)(5分)下列叙述正确的有（）(填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分)A．气体的压强越大，分子的平均动能越大B．自然界中所进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性C．外界对气体做正功，气体的内能一定增大。
D．温度升高，物体内的每一个分子的热运动速率都增大。
E. 扩散现象与布朗运动都与温度有关F. 第二类永动机违反了热力学第二定律(2)(10分)如图所示，粗细均匀的玻璃细管上端封闭，下端开口，竖直插在大而深的水银槽中，管内封闭有一定质量的空气，玻璃细管足够长，管内气柱长4cm，管内外水银面高度差为10 cm. 现将玻璃管沿竖直方向缓慢移动. （大气压强相当于75cmHg）求：①若要使管内外水银面恰好相平，此时管内气柱的长度；②若要使管内外水银面高度差为15 cm，玻璃管又应如何移动多少距离.34．【物理——选修3—4】(15分)(1)(5分)如图所示，两束单色光a、b从水下面射向A点，光线经折射后合成一束光c，则下列说法正确的是( ) (填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分)A．用同一双缝干涉实验装置分别以a、b光做实验，a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距B．用a、b光分别做单缝衍射实验时它们的衍射条纹宽度都是均匀的C．在水中a光的速度比b光的速度小D．在水中a光的临界角大于b光的临界角E．若a光与b光以相同入射角从水射向空气，在不断增大入射角时水面上首先消失的是a光F．a比b更容易发生衍射现象(2)(10分)取一根柔软的弹性绳，将绳的右端固定在竖直墙壁上，绳的左端自由，使绳处于水平伸直状态．从绳的端点开始用彩笔每隔0.50 m标记一个点，依次记为A、B、C、D……如图所示．现用振动装置拉着绳子的端点A 沿竖直方向做简谐运动， 若A 点起振方向向上，经0.1 s 第一次达正向最大位移， 此时C 点恰好开始起振，则①绳子形成的波是横波还是纵波？简要说明判断依据，并求波速为多大； ②从A 开始振动，经多长时间J 点第一次向下达到最大位移？ ③画出当J 点第一次向下达到最大位移时的波形图象． 35．【物理——选修3—5】(15分)(1)(5分)下列叙述正确的有( ) (填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分) A ．天然放射现象说明原子核还具有复杂结构B ．卢瑟福通过α粒子散射实验，发现原子核有一定的结构C ．查德威克在原子核人工转变的实验中发现了中子D ．利用γ射线的贯穿性可以为金属探伤，也能进行人体的透视E ．同种放射性元素，在化合物中的半衰期比在单质中长F ．放射性元素的半衰期与元素所处的物理和化学状态无关，它是一个统计规律，只对大量的原子核才适用(2)(10分)如图所示，A 、B 两个木块质量分别为2 kg 与0.9 kg ，A 、B 与水平地面间接触光滑，上表面粗糙，质量为0.1 kg 的铁块以10 m/s 的速度从A 的左端向右滑动，最后铁块与B 的共同速度大小为0.5 m/s ，求：①A 的最终速度；②铁块刚滑上B 时的速度．银川一中2014届高三第一次月考物理试题参考答案选择题答案：14 15 16 17 18 19 20 21 C C A A B AC CD CD实验题答案;22. (1)CD (2)AB23. 0.02 , 2.5 , 9.27 (9.27333) 24.【解析】第一问6分，第二问8分(1)B 车刹车至停下来的过程中, 由22B B v v 2a s -=(1分)解得22B B v a 2.5 m /s 2s=-=- (1分)画出A 、B 两列火车的v-t 图象如图所示, 根据图象计算出两列火车的位移分别为:s A =10×8 m=80 m(1分)B 3010s 8 m 160 m 2+=⨯=(1分)因s B ＞s 0+s A =155 m (1分) 故两车会相撞. (1分)(2)设A 车加速度为a A 时两车不相撞,则两车速度相等时,有:v B +a B t=v A +a A (t-Δt) (2分)此时B 车的位移2B B B 1s v t a t 2'=+ (2分)A 车的位移2A A A 1s v t a (t t)2'=+-∆(2分)为使两车不相撞,两车的位移关系满足s B ′≤s 0+s A ′ (1分) 联立以上各式解得a A ≥0.83 m/s 2 (1分) 即A 车的加速度至少为0.83 m/s 2 答案:(1)两车会相撞 (2)0.83 m/s 2 25.【解析】没旋转时，两弹簧均处于伸长状态，两弹簧伸长量分别为x 1、x 2 k 2x 2=m 2gsinθ(2分) 解得222m gsin x k θ=(1分)k 2x 2+m 1gsinθ=k 1x 1(3分) 解得()1211m m gsin x k +θ=(1分)旋转后，两弹簧均处于压缩状态，压缩量分别为x 1′、x 2′ m 2gcosθ=k 2x 2′(2分) 解得222m gcos x k θ'=(1分) (m 1+m 2)gcosθ=k 1x 1′(3分)解得()1211m m gcos x k +θ'=(1分)所以m 1移动的距离()121111m m g d x x (sin cos )k +=+'=θ+θ(2分)m 2移动的距离()122212212m m g m g d d x x (sin cos )(sin cos )k k +=++'=θ+θ+θ+θ (2分)33.（1）（5分）BEF(2)： ① 玻璃管内的空气作等温变化，管内外水银面恰好相平时 ( p 0 – ρgH 1 ) S l 1 = p 0 S l 2 （2分）cm l P gH P l 5.3475107510102=⨯-=-=ρ （2分）②(a)若管内水银面较高，管内气柱长l 3( p 0 – ρgH 1 ) Sl 1 = ( p 0 – ρgH 3) Sl 3 （1分）cm l gH P gH P l 33.4415751075120103=⨯--=--=ρρ （1分）玻璃管上移的距离 x 2 = H 3+l 3 – ( l 1 + H 1 )=15+4.33-(4+10)=5.33cm （1分） (b)若管外水银面较高，管内气柱长l 4( p 0 – ρgH 1 ) Sl 1 = ( p 0+ ρgH 4) Sl 4 （1分）cm l gH P gH P l 89.2415751075140104=⨯+-=+-=ρρ （1分）玻璃管下移的距离 x 4 = l 1 + H 1 +H 4-l 3 =4+10+15-2.89=26.11cm （1分） 34．（1）（5分）ADF (2)解析：（1）横波（1分）．因为质点振动方向与波的传播方向垂直．（1分）由题意知，波的周期T=0.4 s （1分），波长为λ=4 m ，所以波速v=λT =10 m/s. （1分）（2）（3分）从A 开始振动，设经过时间t 1, J 点开始起振 t 1=x AJ v =4.510s=0.45 s 设J 点向上起振后经t 2时间第一次到负向最大位移，则 t2=34T=0.3 s ，所以，所求时间t=t 1＋t 2=0.75 s. （3）波形图象如图所示．（3分）35．（1）（5分）ACF(2)解析：(1)铁块和木块A 、B 为一系统，由系统总动量守恒得：m v ＝(M B ＋m )v B ＋M A v A （4分）可求得：v A ＝0.25 m/s. （1分）(2)设铁块刚滑上B 时的速度为u ，此时A 、B 的速度均为v A ＝0.25 m/s. 由系统动量守恒得：m v ＝mu ＋(M A ＋M B )v A （4分） 可求得：u ＝2.75 m/s. （1分）。