【西南名校联盟3+3+3联考】云南师大附中、贵阳一中、南宁三中2019届高三诊断性联考 英语(含解析)
云南省师范大学附属中学、贵阳一中、南宁三中2019届高三上学期“3+3+3”诊断性联考数学(理)试题含答案
1 1 7．∵ f ( x) x ln | x | x ln | x | f ( x) ，∴ f ( x) 是奇函数，关于 (0，0) 对称， x x
5 排除 A，B；当 x 2 时， f (2) ln 2 0 ，故选 D． 2
…………………………………………（6 分）
…………………………………………………………… （7 分）
1 （2）由 S△ABC 3 ，可得 S△ABC bc sin A 3 ， …………………………………（8 分） 2
（9 分） ∴ bc 4 ， ……………………………………………………………………………… ∵b c 5， 由余弦定理得 a 2 b 2 c 2 2bc cos A (b c) 2 3bc 13 ， ……………………………………………………………………………… （11 分） ∴ a 13 ． …………………………………………………………………………… （12 分）
40(9 4 16 11)2 5.227 3.841 ， 25 15 20 20
． 所以有 95% 以上的把握认为“成绩优秀与教学方式有关” ……………………………………………………………………………… （5 分） （2）X 的可能取值为 0，， 1 2，3 ，
P( X 0)
3 3 3 8．∵ a，b 共线，∴ 3 2k ，∴ k ，∴ a ， 1 ， b (3，2) ， a b ， 1 ， 2a b 2 2 2 (6，4) ，∴ (a b) (2a b) 9 (4) 13 ，故选 A．
7 9 3 9 0， ，∴ f ( x) max f ， f ( x) min f (3) 0 ，∴ f ( x) 的值域为 0， ，故选 D． 2 4 2 4 11．依题意，得 AB 2 AD 2 ， DAB 则 ADB π ，由余弦定理可得 BD 3 ，则 AD 2 DB 2 AB 2 ， 3
2019年12月三省三校(贵阳一中、云师大附中、南宁三中)2020届高三上学期12月联考英语试卷及答案
2019年12月三省三校2020届高三上学期12月联考英语参考答案第一部分听力（共两节，满分30分）1~5 CBACC 6~10 ACBCA 11~15 ABBAC 16~20 BCABB第二部分阅读理解（共两节，满分40分）第一节（共15小题；每小题2分，满分30分）21~25 DCBAD 26~30 BBADC 31~35 BCADC第二节（共5小题；每小题2分，满分10分）36~40 GFADB第三部分语言知识运用（共两节，满分45分）第一节（共20小题；每小题1.5分，满分30分）41~45 BDACA 46~50 CBDAD 51~55 ABDCA 56~60 CCBDB第二节（共10小题；每小题1.5分，满分15分）61．where 62．Located 63．filled 64．depth 65．feet 66．an 67．to leave 68．to 69．features 70．easier第四部分写作（共两节，满分35分）第一节短文改错（共10小题；每小题1分，满分10分）DoorDash is an app that people order food without having to call a phone number or find correct①wherechanges to pay the driver．Many people complain that order food for delivery is a pain because the②change ③orderingphone is always busier．For the convenience of customers，DoorDash provide an easy-to-use menu④busy ⑤providesand an ordering system for each restaurant in it network. You pay right in your smart phone. What is⑥its ⑦on/with unusual about DoorDash is that you can track from where your driver is．However，you know how⑧⑨Therefore/Thuslong you have to wait．Best of all，you get∧same price as you order from the restaurant！⑩the第二节书面表达（满分25分）【参考范文】Dear Mr. Roger，I’m Li Hua. It is an honor for me to provide voluntary services and teach kids Chinese in your school next month，but I’m in need of more information. Therefore，I’d like to ask for some details．To begin with，I am eager to know the course arrangements，like how many class hours there are per week. What’s more，I wonder if you could tell me some basic information about the students，such as their Chinese ability，so as to know them better．Last，could you be so kind as to tell me about the accommodation and the food？Your attention to the e-mail would be highly appreciated. I’m looking forward to your early reply．Yours faithfully， Li Hua【解析】第二部分阅读理解第一节A【语篇导读】本文是一篇应用文，主要介绍了一些位于加拿大的旅游景点。
云南省师范大学附属中学、贵阳一中、南宁三中2019届高三“3+3+3”诊断性联考理科综合生物答案
2019届“3+3+3”高考备考诊断性联考卷理科综合参考答案生物部分一、选择题（本题共6小题，每小题6分，共36分）题号 1 2 3 4 5 6 答案 A C C B A B 【解析】1．A选项中编码P53蛋白的基因为抑癌基因，E6基因编码的E6蛋白可通过与宫颈细胞内P53基因编码的P53蛋白结合，导致宫颈细胞阻止异常增殖的能力减弱，所以E6基因并非抑癌基因。
2．T2噬菌体只能寄生在大肠杆菌中，完成复制和增殖，A错误。
因为噬菌体为病毒，必须寄生在细菌细胞内，所以标记噬菌体要用被标记的大肠杆菌来培养噬菌体，B错误。
噬菌体侵染细菌时只有DNA进入细菌，蛋白质外壳留在细菌外，这样DNA和蛋白质彻底分开，因此噬菌体侵染细菌实验比肺炎双球菌体外转化实验更具有说服力，C正确。
标记的是噬菌体的蛋白质外壳，而噬菌体在侵染细菌时，蛋白质外壳并没有进入细菌内，离心后分布在上清液中, 若保温时间过长，新的子代噬菌体产生，也没带有放射性，若沉淀物存在少量放射性可能是搅拌不充分，少数带有标记的蛋白质外壳未与细菌分离所致，D错误。
3．K值不是恒定不变的，在环境改变的条件下，K值也会变化。
4．蔬菜瓜果放在无氧条件下贮存，会进行无氧呼吸，产生酒精，进而破坏品质，应在低氧（但这个浓度下无氧呼吸消失）、低温下贮存。
5．由碱基互补配对原则可知，A与T配对，G与C配对，双链DNA片段的碱基中，嘌呤核苷酸都等于嘧啶核苷酸；所以在基因突变后，参与基因复制的嘌呤核苷酸比例不变且恒等于1/2，A错误。
6．植物激素在植物体内产生，传递调节代谢的信息，不直接参与细胞代谢，A错误。
生长素从顶芽运输到侧芽为极性运输，这是主动运输，需要载体蛋白的协助并且消耗能量，B正确。
通过预实验的结果，还不可以直接确定生长素类似物促进植物生根的最适浓度，预实验只是为正式实验之前摸索实验条件，C错误。
生长素作用的两重性体现在低浓度时促进生长，浓度过高时则会抑制生长，D错误。
云南省师范大学附属中学、贵阳一中、南宁三中2019届高三上学期“3+3+3”诊断性联考文科综合试题含答案
2019届“3+3+3”高考备考诊断性联考卷文科综合参考答案政治部分一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分）题号12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 答案 D A B C B D C A B C D A 【解析】12．①反映的是非价格因素对汽车需求量的影响；③反映的是供给法则，即价格上涨引起供给增加；②④体现商品价格下降导致需求量增加，是需求法则的正确反映。
故选D。
13．图片数据显示，2017年~2018年上半年我国最终消费支出对经济增长的贡献率呈上升趋势并超过50%，说明我国消费市场稳中有升，对经济增长的促进作用最大，①③符合题意；消费结构反映的是人们各类消费支出在消费总支出中所占的比重，并不能从图中数据推断而出，②不符合题意；数据反映总量和规模，不能体现经济的转型升级，排除④。
故选A。
14．积极的财政政策起点应该是增加财政支出，③应该排在首位；②推动经济发展质量提升范围过大；提高农民的生活水平是促进精准扶贫和精准脱贫的结果，故正确传导路径为B。
15．发挥市场机制调节作用有可能会加剧民营企业融资难等问题，①不符合题意；④“主导国际市场”的说法错误；②③是针对目前民营企业遇到的市场、融资等问题，从国家宏观调控角度提出的正确措施。
故选C。
16．提高政府能力不是此举的目的，②不符合题意；参与监督举报只是其中一条行为规范，不能概括整个事件的目的，材料也没有提到渠道的拓宽，③不符合题意；《公民生态环境行为规范》的发布并实施旨在发挥公民的力量进行生态环境的保护，建设人与自然和谐共生的现代化，①④表述正确。
故选B。
17．①“减少政府管理职能”说法有误，政府职能并未减少，只是更完善；“确保政府廉洁”的说法过于绝对，③观点错误；材料从政府工作的模式和了解民情的角度说明大数据运用对行政工作的影响，②④符合题意。
故选D。
政治参考答案·第1页（共3页）18．国际关系的基本形式包括竞争、合作与冲突，判断主要体现了合作，没有体现冲突，①不符合题意；判断中的内容不涉及全球治理体系的建设，②不符合题意；③④观点符合判断中“和平、合作、融通”等主题。
2019届贵州省贵阳第一中学广西南宁三中高三“3 3 3”高考备考诊断联考数学(理)试题(解析版)
2019届贵州省贵阳第一中学、云南师大附中、广西南宁三中高三“3 3 3”高考备考诊断联考数学（理）试题一、单选题1．已知集合，，则（）A．B．C．D．【答案】C【解析】求出A中不等式的解集确定出A，找出A与B的交集即可．【详解】，所以，故选C.【点睛】此题考查了交集及其运算，熟练掌握交集的定义是解本题的关键．2．（）A．B．C．D．【答案】D【解析】根据复数的运算法则进行计算即可．【详解】，故选D.【点睛】本题主要考查复数的计算，利用好复数乘法的运算法则是解决本题的关键．3．设命题，，则为（）A．，B．，C．，D．，【答案】A【解析】根据特称命题的否定方法，根据已知中的原命题，写出其否定形式，可得答案．【详解】因为特称命题的否定是全称命题，所以，，故选A.【点睛】本题考查的知识点是特称命题，命题的否定，熟练掌握全（特）称命题的否定方法是解答的关键．4．设等差数列的前项和为，若，，则的公差为（）A．B．C．D．【答案】B【解析】利用等差数列的前n项和公式、通项公式列出方程组，能求出数列{a n}的公差．【详解】由题意，可得解得，故选B.【点睛】本题考查等差数列的公差的求法，考查等差数列的通项公式、前n项和公式等基础知识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想，是基础题．5．是空气质量的一个重要指标，我国标准采用世卫组织设定的最宽限值，即日均值在以下空气质量为一级，在之间空气质量为二级，在以上空气质量为超标.如图是某地11月1日到10日日均值（单位：）的统计数据，则下列叙述不正确的是（）A．这天中有天空气质量为一级B．这天中日均值最高的是11月5日C．从日到日，日均值逐渐降低D．这天的日均值的中位数是【答案】D【解析】由折线图逐一判断各选项即可.【详解】由图易知：第3,8,9,10天空气质量为一级，故A正确，11月5日日均值为82，显然最大，故B正确，从日到日，日均值分别为：82,73,58,34,30，逐渐降到，故C正确，中位数是，所以D不正确，故选D.【点睛】本题考查了频数折线图，考查读图，识图，用图的能力，考查中位数的概念，属于基础题.6．若，，则（）A．B．C．D．【答案】A【解析】由可得，进而得到，利用二倍角正切公式得到结果.【详解】，，，，，，故选A.【点睛】本题考查了二倍角正切公式，诱导公式，同角基本关系式，考查了恒等变形能力，属于基础题.7．函数图象的大致形状为（）A．B．C．D．【答案】D【解析】根据函数的性质，结合函数图象特点即可得到结论．【详解】，是奇函数，关于对称，排除，；当时，，故选D.【点睛】函数图象的辨识可从以下方面入手：（1）从函数的定义域，判断图象的左右位置；从函数的值域，判断图象的上下位置；（2）从函数的单调性，判断图象的变化趋势；（3）从函数的奇偶性，判断图象的对称性；（4）从函数的特征点，排除不合要求的图象. 8．若，，且，共线，则（）A．B．C．D．【答案】A【解析】由，共线得到k值，进而利用数量积坐标运算得到结果.【详解】，共线，，，，，，，，故选A.【点睛】本题考查向量平行的坐标形式，考查数量积的坐标运算，考查计算能力.9．如图，已知，分别为抛物线的顶点和焦点，斜率为的直线经过点与抛物线交于，两点，连接，并延长分别交抛物线的准线于点，，则（）A．B．C．D．【答案】B【解析】由抛物线的几何性质可知：，结合抛物线定义可知，联立方程，利用韦达定理可得结果.【详解】由抛物线的几何性质可知：，设，，由，，知，联立直线与抛物线的方程消有，由韦达定理知，所以，故选B.【点睛】本题考查了直线与抛物线的位置关系，考查了抛物线定义及几何性质，考查了韦达定理，考查了转化思想，方程思想，属于中档题.10．新定义运算若，当时，的值域为（）A．B．C．D．【答案】D【解析】由新定义得到分段函数对每段分别求值域，最后求并集即可.【详解】由题意知即，，，的值域为，故选D.【点睛】本题以新定义为背景，考查了分段函数的图象与性质，考查了二次函数的图象与性质，考查了函数与方程思想，属于中档题.11．已知四棱锥的所有顶点都在球的球面上，平面，底面是等腰梯形，且满足，且，，则球的表面积是（）A．B．C．D．【答案】A【解析】由底面为等腰梯形，，且可判断共圆，结合平面及和外接圆圆心位置即可建立勾股定理求出球的半径进而得解．【详解】依题意，得，，由余弦定理可得，则，则，又四边形是等腰梯形，故四边形的外接圆直径为，设的中点为，球的半径为，平面，，则，故选：A.【点睛】本题考查球的表面积，考查等腰梯形外接圆及学生分析解决问题的能力，属于中档题．12．已知，，且，，恒成立，则的取值范围是（）A．B．C．D．【答案】D【解析】由变形可构造新函数上单调递减，根据导数和函数的单调性关系分离变量即可求出，【详解】，，则在上单调递减，即，即恒成立，（1）当时，显然恒成立，；（2）当时，，令，则，当时，，，所以，故选：D.【点睛】本小题主要考查构造函数利用导数研究函数的单调性，恒成立分离变量等基础知识，考查综合分析和解决问题的能力，属于中档题．二、填空题13．若的展开式的常数项是，则常数的值为__________．【答案】【解析】二项展开式的通项公式中，令的幂指数等于0，求出的值，即可求得常数项，再根据常数项等于45得解．【详解】解：展开式的通项公式为，令，求得，可得它的常数项为，，故答案为：3．【点睛】本题主要考查二项式定理的应用，二项展开式的通项公式，二项式系数的性质，属于基础题．14．如图，在长方形内随机撒一颗黄豆，则它落在阴影部分的概率为__________．【答案】【解析】利用积分求出阴影部分的面积，结合几何概型的概率公式进行计算即可．【详解】解：由积分的几何意义得阴影部分的面积，长方形的面积，则点落在阴影部分内的概率，故答案为：【点睛】本题主要考查几何概型的概率的计算，根据条件求出曲线的解析式，利用积分求出阴影部分的面积是解决本题的关键．15．已知函数对任意不相等的实数，，都有，则的取值范围为__________．【答案】【解析】利用已知条件判断函数的单调性，然后转化分段函数推出不等式组，即可求出的范围．【详解】对任意的实数，都有成立，可得函数为减函数，可得：，解得，．故答案为：．【点睛】本题考查分段函数的应用，函数的单调性以及对数函数的性质的应用，属于基本题．16．已知数列的首项，函数为奇函数，记为数列的前项和，则的值为_____________．【答案】【解析】根据函数的奇偶性利用函数的周期性发现规律，进而求解数列的和即可．【详解】是奇函数，，，，，，如此继续，得，.【点睛】本题考查数列与函数相结合，函数的奇偶性与周期性的应用，考查转化思想以及计算能力，属于基础题．三、解答题17．在中，内角，，所对的边分别为，，，已知，，且.（1）求角的大小；（2）若，的面积为，求.【答案】（1）（2）【解析】（1）根据正弦定理边角互化，我们易将已知条件中，且⊥，转化为关于A角的三角方程，解方程，即可求出A角大小；（2）由，可得，结合余弦定理可得结果.【详解】（1）由，可得，即，即，即，，，即，，，，，.（2）由，可得，，，由余弦定理得，.【点睛】解三角形的基本策略一是利用正弦定理实现“边化角”，二是利用余弦定理实现“角化边；求三角形面积的最大值也是一种常见类型，主要方法有两类，一是找到边之间的关系，利用基本不等式求最值，二是利用正弦定理，转化为关于某个角的函数，利用函数思想求最值. 18．为了适应高考改革，某中学推行“创新课堂”教学.高一平行甲班采用“传统教学”的教学方式授课，高一平行乙班采用“创新课堂”的教学方式授课，为了比较教学效果，期中考试后，分别从两个班中各随机抽取名学生的成绩进行统计分析，结果如下表：（记成绩不低于分者为“成绩优秀”）分数甲班频数乙班频数（1）由以上统计数据填写下面的列联表，并判断是否有以上的把握认为“成绩优秀与教学方式有关”？甲班乙班总计成绩优秀成绩不优秀总计（2）现从上述样本“成绩不优秀”的学生中，抽取人进行考核，记“成绩不优秀”的乙班人数为，求的分布列.参考公式：，其中.临界值表【答案】（1）有以上的把握认为“成绩优秀与教学方式有关”.（2）的分布列为【解析】（1）根据以上统计数据填写列联表,根据列联表计算,对照临界值得出结论；（2）由题意知的可能取值，计算对应的概率值，写出的分布列．【详解】（1）补充的列联表如下表：甲班乙班总计成绩优秀成绩不优秀总计根据列联表中的数据，得的观测值为，所以有以上的把握认为“成绩优秀与教学方式有关”.（2）的可能取值为，，，，，，，，所以的分布列为【点睛】本题考查了独立性检验的问题和离散型随机变量的分布列问题，是中档题．19．如图，在底面是正方形的四棱锥中，，点在底面的射影恰是的中点.（1）证明：平面平面；（2）求二面角的正弦值大小.【答案】（1）见解析（2）【解析】（1）推导出，，从而平面，由此能证明平面平面．（2）取的中点以为原点，为轴，为轴，为轴，建立空间直角坐标系，利用向量法能求出二面角的大小．【详解】（1）证明：依题意，得平面，又平面，所以.又，，所以平面.又平面，所以平面平面.（2）取的中点，依题意，得，，两两互相垂直，所以以，，为，，轴建立如图所示的空间直角坐标系，由已知得，，所以，，，，则，，.设是平面的法向量，则令，则.设是平面的法向量，则令，则，，二面角的正弦值为.【点睛】本题考查面面垂直的证明，考查二面角的求法，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识，考查运算求解能力，是中档题．20．已知，是椭圆的左、右焦点，椭圆过点. （1）求椭圆的方程；（2）过点的直线（不过坐标原点）与椭圆交于，两点，求的取值范围. 【答案】（1）（2）【解析】（1）根据条件建立方程关系求出，即可求椭圆的方程；（2）设直线的方程并与椭圆的方程联立，结合韦达向量坐标化即可求的取值范围.【详解】（1）由条件知解得因此椭圆的方程为.（2）设，，则，，设直线的方程为，代入椭圆的方程消去，得，由韦达定理得，，，，，，所以.【点睛】本题主要考查椭圆方程的求解以及直线和椭圆相交的位置关系考查向量的数量积的运算，综合考查学生的分式型函数求值域的运算能力，属于中档题．21．已知函数，为实数.（1）当时，求的单调递增区间；（2）如果对任意，恒成立，求的取值范围.【答案】（1）的单调递增区间为.（2）【解析】（1）先求出再令求解不等式即可.（2）构造函数，求出，，并分类讨论即可．【详解】（1）当时，，由，得，所以的单调递增区间为.（2），令，则，，，易知，当时，，从而在上递增，，，，①当时，，由在上单调递增可知，，所以在上递增，所以，故在上递增，从而恒成立；②当时，，由在上单调递増可知，，所以在上递増，因为，所以存在，使，当时，，此时递减，，与题意不符；③当时，，由在上单调递増可知，存在，使，当时，，递减，从而，从而在上递减，此时，与题意不符.综上，的取值范围是.【点睛】本题考查函数恒成立问题，考查导数知识的运用，考查分类讨论的数学思想，考查学生分析解决问题的能力，属于难题．22．（选修4-4：坐标系与参数方程）在直角坐标系中，曲线的方程为，以坐标原点为极点，轴的正半轴为极轴建立极坐标系，曲线的极坐标方程为.（1）求曲线的直角坐标方程；（2）点和点分别为曲线，和曲线上的动点，求的最小值，并写出当取到最小值时点的直角坐标.【答案】（1）（2）【解析】（1）根据，把曲线的极坐标方程转化为直角坐标方程；（2）设，由点到直线的距离公式得，利用三角函数的有界性，得到最小值及点的直角坐标.【详解】（1）由，得，把代入，化简得曲线的直角坐标方程为.（2）设，由点到直线的距离公式得，其中，，所以，此时有，，，所以.【点睛】此题主要考查曲线的极坐标方程与普通方程的互化，以及参数方程在求最值中的应用等方面的知识与运算能力，属于中档题型，也是常考题.在参数方程求最值问题中，通动点的参数坐标，根据距离公式可得所求距离关于参数的解析式，结合三角函数的知识进行运算，从而问题可得解.23．（选修4-5：不等式选讲）已知函数.（1）当时，求的最小值；（2）当时，恒成立，求的取值范围.【答案】（1）1，（2）【解析】（1）当时，利用绝对值三角不等式即可得到函数的最小值；（2）当时，恒成立即，利用变量分离法转化为，求最值即可.【详解】（1）当时，则，当且仅当，即时，函数有最小值.（2）当时，化为，即，，，，，所以的取值范围是.【点睛】含绝对值不等式的解法有两个基本方法，一是运用零点分区间讨论，二是利用绝对值的几何意义求解．法一是运用分类讨论思想，法二是运用数形结合思想，将绝对值不等式与函数以及不等式恒成立交汇、渗透，解题时强化函数、数形结合与转化化归思想方法的灵活应用。
2019年12月三省三校(贵阳一中、云师大附中、南宁三中)2020届高三上学期12月联考数学(理)试卷及答案
，又 ，解得 ，所以 ，故椭圆C的方程为 ．
三、解答题（共70分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤）
17．（本小题满分12分）
解：（1）由已知得 ，
故 ．……………………………………………………………………………（3分）
法一： ，
．……………………………………………………………………………（6分）
21．（本小题满分12分）
（1）证明：依题意有 ，直线 ，…………………………………（1分）
设 ，直线 与抛物线 相交，
联立方程 消去 ，化简得 ………………………………（2分）
设平面 的法向量为 ，
则 得
令 ，得 ， ，
即 ．……………………………………………………………………（8分）
设平面 的法向量为 ，
由 得
令 ，得 ， ，即 …………………………………………（9分）
……………………………………………………………………………………（10分）
解得 ．………………………………………（12分）
法二：
．………………………………………………（6分）
（2）
………………………………………………………………………（10分）
估计女子的平均身高为 (cm)．
……………………………………………………………………………………（12分）
18．（本小题满分12分）
解：（1）
，…………………………………………………………（1分）
19．（本小题满分12分）
（1）证明：如图，设 的中点为 ，连接 ，
…………………………………………………（1分）
由题意，得 ，则 为直角三角形，
2019届贵州省贵阳第一中学、云南师大附中、广西南宁三中高三“3 3 3”备考诊断联考数学(理)(解析版)
2019届贵州省贵阳第一中学、云南师大附中、广西南宁三中高三“3 3 3”高考备考诊断联考数学（理）试题一、单选题1．已知集合，，则（）A．B．C．D．【答案】C【解析】求出A中不等式的解集确定出A，找出A与B的交集即可．【详解】，所以，故选C.【点睛】此题考查了交集及其运算，熟练掌握交集的定义是解本题的关键．2．（）A．B．C．D．【答案】D【解析】根据复数的运算法则进行计算即可．【详解】，故选D.【点睛】本题主要考查复数的计算，利用好复数乘法的运算法则是解决本题的关键．3．设命题，，则为（）A．，B．，C．，D．，【答案】A【解析】根据特称命题的否定方法，根据已知中的原命题，写出其否定形式，可得答案．【详解】因为特称命题的否定是全称命题，所以，，故选A.【点睛】本题考查的知识点是特称命题，命题的否定，熟练掌握全（特）称命题的否定方法是解答的关键．4．设等差数列的前项和为，若，，则的公差为（）A．B．C．D．【答案】B【解析】利用等差数列的前n项和公式、通项公式列出方程组，能求出数列{a n}的公差．【详解】由题意，可得解得，故选B.【点睛】本题考查等差数列的公差的求法，考查等差数列的通项公式、前n项和公式等基础知识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想，是基础题．5．是空气质量的一个重要指标，我国标准采用世卫组织设定的最宽限值，即日均值在以下空气质量为一级，在之间空气质量为二级，在以上空气质量为超标.如图是某地11月1日到10日日均值（单位：）的统计数据，则下列叙述不正确的是（）A．这天中有天空气质量为一级B．这天中日均值最高的是11月5日C．从日到日，日均值逐渐降低D．这天的日均值的中位数是【答案】D【解析】由折线图逐一判断各选项即可.【详解】由图易知：第3,8,9,10天空气质量为一级，故A正确，11月5日日均值为82，显然最大，故B正确，从日到日，日均值分别为：82,73,58,34,30，逐渐降到，故C正确，中位数是，所以D不正确，故选D.【点睛】本题考查了频数折线图，考查读图，识图，用图的能力，考查中位数的概念，属于基础题.6．若，，则（）A．B．C．D．【答案】A【解析】由可得，进而得到，利用二倍角正切公式得到结果.【详解】，，，，，，故选A.【点睛】本题考查了二倍角正切公式，诱导公式，同角基本关系式，考查了恒等变形能力，属于基础题.7．函数图象的大致形状为（）A．B．C．D．【答案】D【解析】根据函数的性质，结合函数图象特点即可得到结论．【详解】，是奇函数，关于对称，排除，；当时，，故选D.【点睛】函数图象的辨识可从以下方面入手：（1）从函数的定义域，判断图象的左右位置；从函数的值域，判断图象的上下位置；（2）从函数的单调性，判断图象的变化趋势；（3）从函数的奇偶性，判断图象的对称性；（4）从函数的特征点，排除不合要求的图象.8．若，，且，共线，则（）A．B．C．D．【答案】A【解析】由，共线得到k值，进而利用数量积坐标运算得到结果.【详解】，共线，，，，，，，，故选A.【点睛】本题考查向量平行的坐标形式，考查数量积的坐标运算，考查计算能力.9．如图，已知，分别为抛物线的顶点和焦点，斜率为的直线经过点与抛物线交于，两点，连接，并延长分别交抛物线的准线于点，，则（）A．B．C．D．【答案】B【解析】由抛物线的几何性质可知：，结合抛物线定义可知，联立方程，利用韦达定理可得结果.【详解】由抛物线的几何性质可知：，设，，由，，知，联立直线与抛物线的方程消有，由韦达定理知，所以，故选B.【点睛】本题考查了直线与抛物线的位置关系，考查了抛物线定义及几何性质，考查了韦达定理，考查了转化思想，方程思想，属于中档题.10．新定义运算若，当时，的值域为（）A．B．C．D．【答案】D【解析】由新定义得到分段函数对每段分别求值域，最后求并集即可.【详解】由题意知即，，，的值域为，故选D.【点睛】本题以新定义为背景，考查了分段函数的图象与性质，考查了二次函数的图象与性质，考查了函数与方程思想，属于中档题.11．已知四棱锥的所有顶点都在球的球面上，平面，底面是等腰梯形，且满足，且，，则球的表面积是（）A．B．C．D．【答案】A【解析】由底面为等腰梯形，，且可判断共圆，结合平面及和外接圆圆心位置即可建立勾股定理求出球的半径进而得解．【详解】依题意，得，，由余弦定理可得，则，则，又四边形是等腰梯形，故四边形的外接圆直径为，设的中点为，球的半径为，平面，，则，故选：A.【点睛】本题考查球的表面积，考查等腰梯形外接圆及学生分析解决问题的能力，属于中档题．12．已知，，且，，恒成立，则的取值范围是（）A．B．C．D．【答案】D【解析】由变形可构造新函数上单调递减，根据导数和函数的单调性关系分离变量即可求出，【详解】，，则在上单调递减，即，即恒成立，（1）当时，显然恒成立，；（2）当时，，令，则，当时，，，所以，故选：D.【点睛】本小题主要考查构造函数利用导数研究函数的单调性，恒成立分离变量等基础知识，考查综合分析和解决问题的能力，属于中档题．二、填空题13．若的展开式的常数项是，则常数的值为__________．【答案】【解析】二项展开式的通项公式中，令的幂指数等于0，求出的值，即可求得常数项，再根据常数项等于45得解．【详解】解：展开式的通项公式为，令，求得，可得它的常数项为，，故答案为：3．【点睛】本题主要考查二项式定理的应用，二项展开式的通项公式，二项式系数的性质，属于基础题．14．如图，在长方形内随机撒一颗黄豆，则它落在阴影部分的概率为__________．【答案】【解析】利用积分求出阴影部分的面积，结合几何概型的概率公式进行计算即可．【详解】解：由积分的几何意义得阴影部分的面积，长方形的面积，则点落在阴影部分内的概率，故答案为：【点睛】本题主要考查几何概型的概率的计算，根据条件求出曲线的解析式，利用积分求出阴影部分的面积是解决本题的关键．15．已知函数对任意不相等的实数，，都有，则的取值范围为__________．【答案】【解析】利用已知条件判断函数的单调性，然后转化分段函数推出不等式组，即可求出的范围．【详解】对任意的实数，都有成立，可得函数为减函数，可得：，解得，．故答案为：．【点睛】本题考查分段函数的应用，函数的单调性以及对数函数的性质的应用，属于基本题．16．已知数列的首项，函数为奇函数，记为数列的前项和，则的值为_____________．【答案】【解析】根据函数的奇偶性利用函数的周期性发现规律，进而求解数列的和即可．【详解】是奇函数，，，，，，如此继续，得，.【点睛】本题考查数列与函数相结合，函数的奇偶性与周期性的应用，考查转化思想以及计算能力，属于基础题．三、解答题17．在中，内角，，所对的边分别为，，，已知，，且.（1）求角的大小；（2）若，的面积为，求.【答案】（1）（2）【解析】（1）根据正弦定理边角互化，我们易将已知条件中，且⊥，转化为关于A角的三角方程，解方程，即可求出A角大小；（2）由，可得，结合余弦定理可得结果.【详解】（1）由，可得，即，即，即，，，即，，，，，.（2）由，可得，，，由余弦定理得，.【点睛】解三角形的基本策略一是利用正弦定理实现“边化角”，二是利用余弦定理实现“角化边；求三角形面积的最大值也是一种常见类型，主要方法有两类，一是找到边之间的关系，利用基本不等式求最值，二是利用正弦定理，转化为关于某个角的函数，利用函数思想求最值. 18．为了适应高考改革，某中学推行“创新课堂”教学.高一平行甲班采用“传统教学”的教学方式授课，高一平行乙班采用“创新课堂”的教学方式授课，为了比较教学效果，期中考试后，分别从两个班中各随机抽取名学生的成绩进行统计分析，结果如下表：（记成绩不低于分者为“成绩优秀”）（1）由以上统计数据填写下面的列联表，并判断是否有以上的把握认为“成绩优秀与教学方式有关”？（2）现从上述样本“成绩不优秀”的学生中，抽取人进行考核，记“成绩不优秀”的乙班人数为，求的分布列.参考公式：，其中.临界值表【答案】（1）有以上的把握认为“成绩优秀与教学方式有关”.（2）的分布列为【解析】（1）根据以上统计数据填写列联表,根据列联表计算,对照临界值得出结论；（2）由题意知的可能取值，计算对应的概率值，写出的分布列．【详解】（1）补充的列联表如下表：根据列联表中的数据，得的观测值为，所以有以上的把握认为“成绩优秀与教学方式有关”.（2）的可能取值为，，，，，，，，所以的分布列为【点睛】本题考查了独立性检验的问题和离散型随机变量的分布列问题，是中档题．19．如图，在底面是正方形的四棱锥中，，点在底面的射影恰是的中点.（1）证明：平面平面；（2）求二面角的正弦值大小.【答案】（1）见解析（2）【解析】（1）推导出，，从而平面，由此能证明平面平面．（2）取的中点以为原点，为轴，为轴，为轴，建立空间直角坐标系，利用向量法能求出二面角的大小．【详解】（1）证明：依题意，得平面，又平面，所以.又，，所以平面.又平面，所以平面平面.（2）取的中点，依题意，得，，两两互相垂直，所以以，，为，，轴建立如图所示的空间直角坐标系，由已知得，，所以，，，，则，，.设是平面的法向量，则令，则.设是平面的法向量，则令，则，，二面角的正弦值为.【点睛】本题考查面面垂直的证明，考查二面角的求法，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识，考查运算求解能力，是中档题．20．已知，是椭圆的左、右焦点，椭圆过点.（1）求椭圆的方程；（2）过点的直线（不过坐标原点）与椭圆交于，两点，求的取值范围.【答案】（1）（2）【解析】（1）根据条件建立方程关系求出，即可求椭圆的方程；（2）设直线的方程并与椭圆的方程联立，结合韦达向量坐标化即可求的取值范围.【详解】（1）由条件知解得因此椭圆的方程为.（2）设，，则，，设直线的方程为，代入椭圆的方程消去，得，由韦达定理得，，，，，，所以.【点睛】本题主要考查椭圆方程的求解以及直线和椭圆相交的位置关系考查向量的数量积的运算，综合考查学生的分式型函数求值域的运算能力，属于中档题．21．已知函数，为实数.（1）当时，求的单调递增区间；（2）如果对任意，恒成立，求的取值范围.【答案】（1）的单调递增区间为.（2）【解析】（1）先求出再令求解不等式即可.（2）构造函数，求出，，并分类讨论即可．【详解】（1）当时，，由，得，所以的单调递增区间为.（2），令，则，，，易知，当时，，从而在上递增，，，，①当时，，由在上单调递增可知，，所以在上递增，所以，故在上递增，从而恒成立；②当时，，由在上单调递増可知，，所以在上递増，因为，所以存在，使，当时，，此时递减，，与题意不符；③当时，，由在上单调递増可知，存在，使，当时，，递减，从而，从而在上递减，此时，与题意不符.综上，的取值范围是.【点睛】本题考查函数恒成立问题，考查导数知识的运用，考查分类讨论的数学思想，考查学生分析解决问题的能力，属于难题．22．（选修4-4：坐标系与参数方程）在直角坐标系中，曲线的方程为，以坐标原点为极点，轴的正半轴为极轴建立极坐标系，曲线的极坐标方程为.（1）求曲线的直角坐标方程；（2）点和点分别为曲线，和曲线上的动点，求的最小值，并写出当取到最小值时点的直角坐标.【答案】（1）（2）【解析】（1）根据，把曲线的极坐标方程转化为直角坐标方程；（2）设，由点到直线的距离公式得，利用三角函数的有界性，得到最小值及点的直角坐标.【详解】（1）由，得，把代入，化简得曲线的直角坐标方程为.（2）设，由点到直线的距离公式得，其中，，所以，此时有，，，所以.【点睛】此题主要考查曲线的极坐标方程与普通方程的互化，以及参数方程在求最值中的应用等方面的知识与运算能力，属于中档题型，也是常考题.在参数方程求最值问题中，通动点的参数坐标，根据距离公式可得所求距离关于参数的解析式，结合三角函数的知识进行运算，从而问题可得解.23．（选修4-5：不等式选讲）已知函数.（1）当时，求的最小值；（2）当时，恒成立，求的取值范围.【答案】（1）1，（2）【解析】（1）当时，利用绝对值三角不等式即可得到函数的最小值；（2）当时，恒成立即，利用变量分离法转化为，求最值即可.【详解】（1）当时，则，当且仅当，即时，函数有最小值.（2）当时，化为，即，，，，，所以的取值范围是.【点睛】含绝对值不等式的解法有两个基本方法，一是运用零点分区间讨论，二是利用绝对值的几何意义求解．法一是运用分类讨论思想，法二是运用数形结合思想，将绝对值不等式与函数以及不等式恒成立交汇、渗透，解题时强化函数、数形结合与转化化归思想方法的灵活应用。
贵州省贵阳第一中学、云南师大附中、广西南宁三中2019届高三“3+3+3”高考备考诊断联考数学(文)含解析
2019届“3+3+3”高考备考诊断性联考卷文科数学注意事项：1.答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、考场号、座位号在答题卡上填写清楚，并核准条形码上的相关信息.2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号.在试题卷上作答无效.3.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.满分150分，考试用时120分钟.一、选择题（本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1.已知集合，，则（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】求出A中不等式的解集确定出A，找出A与B的交集即可．【详解】，所以，故选C.【点睛】此题考查了交集及其运算，熟练掌握交集的定义是解本题的关键．2.（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】根据复数的运算法则进行计算即可．【详解】，故选D.【点睛】本题主要考查复数的计算，利用好复数乘法的运算法则是解决本题的关键．3.设命题，，则为（）A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】A【解析】【分析】根据特称命题的否定方法，根据已知中的原命题，写出其否定形式，可得答案．【详解】因为特称命题的否定是全称命题，所以，，故选A.【点睛】本题考查的知识点是特称命题，命题的否定，熟练掌握全（特）称命题的否定方法是解答的关键．4.设等差数列的前项和为，若，，则的公差为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】利用等差数列的前n项和公式、通项公式列出方程组，能求出数列{a n}的公差．【详解】由题意，可得解得，故选B.【点睛】本题考查等差数列的公差的求法，考查等差数列的通项公式、前n项和公式等基础知识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想，是基础题．5.是空气质量的一个重要指标，我国标准采用世卫组织设定的最宽限值，即日均值在以下空气质量为一级，在之间空气质量为二级，在以上空气质量为超标.如图是某地11月1日到10日日均值（单位：）的统计数据，则下列叙述不正确的是（）A. 这天中有天空气质量为一级B. 这天中日均值最高的是11月5日C. 从日到日，日均值逐渐降低D. 这天的日均值的中位数是【答案】D【解析】【分析】由折线图逐一判断各选项即可.【详解】由图易知：第3,8,9,10天空气质量为一级，故A正确，11月5日日均值为82，显然最大，故B正确，从日到日，日均值分别为：82,73,58,34,30，逐渐降到，故C 正确，中位数是，所以D不正确，故选D.【点睛】本题考查了频数折线图，考查读图，识图，用图的能力，考查中位数的概念，属于基础题.6.若，，则（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】由可得，进而得到，利用二倍角正切公式得到结果.【详解】，，，，，，故选A.【点睛】本题考查了二倍角正切公式，诱导公式，同角基本关系式，考查了恒等变形能力，属于基础题.7.函数图象的大致形状为（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【分析】根据函数的性质，结合函数图象特点即可得到结论．【详解】，是奇函数，关于对称，排除，；当时，，故选D.【点睛】函数图象的辨识可从以下方面入手：（1）从函数的定义域，判断图象的左右位置；从函数的值域，判断图象的上下位置；（2）从函数的单调性，判断图象的变化趋势；（3）从函数的奇偶性，判断图象的对称性；（4）从函数的特征点，排除不合要求的图象.8.若，，且，共线，则（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】由，共线得到k值，进而利用数量积坐标运算得到结果.【详解】，共线，，，，，，，，故选A.【点睛】本题考查向量平行的坐标形式，考查数量积的坐标运算，考查计算能力.9.如图，已知，分别为抛物线的顶点和焦点，斜率为的直线经过点与抛物线交于，两点，连接，并延长分别交抛物线的准线于点，，则（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】由抛物线的几何性质可知：，结合抛物线定义可知，联立方程，利用韦达定理可得结果.【详解】由抛物线的几何性质可知：，设，，由，，知，联立直线与抛物线的方程消有，由韦达定理知，所以，故选B.【点睛】本题考查了直线与抛物线的位置关系，考查了抛物线定义及几何性质，考查了韦达定理，考查了转化思想，方程思想，属于中档题.10.新定义运算若，当时，的值域为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】由新定义得到分段函数对每段分别求值域，最后求并集即可. 【详解】由题意知即，，，的值域为，故选D.【点睛】本题以新定义为背景，考查了分段函数的图象与性质，考查了二次函数的图象与性质，考查了函数与方程思想，属于中档题.11.某几何体的三视图如图所示，则其表面积是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】由三视图可知，该几何体由一个圆锥和一个长方体组成，结合图中数据计算表面积即可. 【详解】原几何体由一个圆锥和一个长方体组成，，故选A.【点睛】由三视图画出直观图的步骤和思考方法：1、首先看俯视图，根据俯视图画出几何体地面的直观图；2、观察正视图和侧视图找到几何体前、后、左、右的高度；3、画出整体，然后再根据三视图进行调整.12.已知，，对，且，恒有，则实数的取值范围是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】由题意可得，，即在上单调递增，转化为导函数恒成立.【详解】依题意，得，且，，，则在上单调递增，则，恒成立，则，令，则，当时；当时，，故，所以，故选B.【点睛】利用导数研究不等式恒成立或存在型问题，首先要构造函数，利用导数研究函数的单调性，求出最值，进而得出相应的含参不等式，从而求出参数的取值范围；也可分离变量，构造函数，直接把问题转化为函数的最值问题.二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）13.设实数，满足不等式组则的最小值是__________．【答案】【解析】【分析】作出题中不等式组表示的平面区域，得如图的△ABC及其内部，再将目标函数z＝x+y对应的直线进行平移，可得当x＝y＝1时，z＝x+y取得最小值．【详解】作出不等式组表示的平面区域：得到如图的阴影部分，得A（1，1），设z＝F（x，y）＝x+y，将直线l：z＝x+y进行平移，当l经过点A时，目标函数z达到最小值，∴z最小值＝F（1，1）＝2．故答案为：2．【点睛】求目标函数最值的一般步骤是“一画、二移、三求”：（1）作出可行域（一定要注意是实线还是虚线）；（2）找到目标函数对应的最优解对应点（在可行域内平移变形后的目标函数，最先通过或最后通过的顶点就是最优解）；（3）将最优解坐标代入目标函数求出最值.14.如图，在一个边长为的正方形中随机撒入粒豆子，恰有粒落在阴影区域内，则该阴影部分的面积约为__________．【解析】【分析】先求出正方形的面积为1，设阴影部分的面积为x，由概率的几何概型知，由此能求出该阴影部分的面积．【详解】设阴影部分的面积为x，由概率的几何概型知，则，解得x．故答案为：．【点睛】本题考查概率的性质和应用，每个事件发生的概率只与构成该事件区域的长度（面积或体积）成比例，则称这样的概率模型为几何概型．解题时要认真审题，合理地运用几何概型解决实际问题．15.已知函数则函数与的交点个数为__________个．【答案】【解析】【分析】函数与的交点个数即方程根的个数。
2019届“3+3+3”高考备考诊断性联考卷语文
2019届“3+3+3”高考备考诊断性联考卷语文命题审题：贵阳一中广西南宁三中云南师大附中（排名不分先后）一、现代文阅读(36分)(一)论述类文本阅读(本题共3小题，9分)阅读下面的文字，完成1～3题。
①近年来，《古剑奇谭》《琅琊榜》等幻想类网络文学及其影视改编作品受到青年观众较多关注，一时间同类型作品蜂拥而至。
但是，有相当一部分作品存在想象力匮乏和文化营养贫乏问题，甚至存在低端模仿的情况。
随着读者观众对作品品质要求不断提高，幻想类文艺作品中所呈现出来的问题亟待反思和解决。
②当前，我们的幻想类文艺作品存在两方面突出的创作问题。
首先是对传统文化元素艺术处理失当。
应当说，任何成熟的幻想类文艺作品都离不开特定的历史文化土壤。
近年在青年群体中流行的“修仙”和“盗墓”类型作品，借用中国传统文化中的神话、传说、工巧、物候等，试图吸引读者和观众目光，为故事增添历史文化厚度。
然而，对于传统文化资源的使用，不少作品还仅仅停留在“名物”阶段，借用几个众所周知的人物和地理名词，随意改动具有特定文化内涵的意象，艺术传达也仅限于表面上的视听奇观和叙事上的铺陈猎奇，难免令人产生审美疲劳。
③更深层次地，幻想类文艺作品还应当解决精神文化内涵贫乏的问题。
虽然形式上五花八门，但相当一部分作品呈现的都是宫斗和苦恋，不仅主体情节单薄，常受观众批评，价值层面也充斥着不符合社会主义核心价值观和现代精神的落后思想。
这种打着传统文化幌子传播落后思想的现象，本质上是没有处理好继承与发展的关系。
传承传统文化不能简单搬用、套用，而要结合现实挑战和时代精神进行反省和甄别，面向未来、古为今用。
④在创作过程中解决上述形态和价值两个方面的突出问题，要处理好三组关系：⑤第一，处理好想象与历史的关系，就是要对中华优秀传统文化资源进行深入研究和多层次创造性转化。
中外成熟的幻想类作品塑造的想象世界和英雄人物，不仅在故事和视听细节上富有很强的历史、社会和文化质感，更重要的是承载和发扬了独特的文化价值和世界观。
三省三校(贵阳一中,云师大附中,南宁三中)2019-2020学年高三上学期12月联考语文试题(原卷版)
2020届“3+3+3”高考备考诊断性联考卷（一）语文注意事项：1.答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚。
2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
在试题卷上作答无效。
3.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
满分150分，考试用时150分钟。
一、现代文阅读（36分）（一）论述类文本阅读（本题共3小题，9分）阅读下面的文字，完成下面小题。
什么才是典型的中国文化？换句话说，即中国文化的特点，什么在中国比较明显，在外国不太明显，什么在中国有，外国没有，这样，我们才能把它称作“中国文化”。
这里做一个界定，下面所讲的主要是汉族中国的文化特性。
第一是汉字思维。
除极少数外，全世界以象形为基础的文字基本消失了，只有汉字仍然保留着它最起初的象形性、原初性。
古人以图像直接描绘事物，即汉字象形，日月木水火手口刀等等，这个在古代中国叫作“文”“初文”。
这些字不够，就加上标志意义的符号。
比如说刀口上加上一点，就是“刃”；爪放在树上，就是“采”。
会意还不够，就加上声音，成为形声字，比如说江河松柏等。
汉字主要是这三类，基础都是形。
因此，用汉字来说话、思考、阅读、书写，会重感觉重联想。
以象形为基础的汉字，历史上没有中断，对我们的思维、阅读和书写影响很大，甚至影响到了东亚，形成了所谓的“汉字文化圈”。
第二是“家、家族、家国以及在这一社会结构中产生的儒家学说”。
贾宝玉管林黛玉、薛宝钗、史湘云叫什么？外国人说sister，中国人说，表姐、表妹。
这里有中国的家、家族、家族共同体讲究的伦理原则和等级秩序：一个是“内外有别”，父母夫妻之间，分内和外，比如说，叔叔、伯怕，那是父党，同姓；舅舅、阿姨，那是母党，不同姓；一个是“上下有序”，必须讲上下，分清伯仲季叔。
西方不论是country，state都没有“家”的意思，中国有“国家”和“家国”，在中国，国是放大的家，家是缩小的国。
三省三校2019-2020学年高三12月联考理综物理试题(贵阳一中 云师大附中 南宁三中)及答案解析
三省三校2019-2020学年高三12月联考理综（贵阳一中，云师大附中，南宁三中）物理试题注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息；2．请将答案正确填写在答题卡上。
第I卷（选择题）一、单选题1．“东方红一号”卫星是中国发射的第一颗人造地球卫星，它重173千克，由长征一号运载火箭送入近地点441千米、远地点2368千米、倾角68.44度的椭圆轨道.地球静止轨道卫星是位于地球赤道上空距地面约3.6万千米高处相对于地面静止的卫星.关于“东方红一号”卫星和地球静止轨道卫星，以下说法正确的是（）A．“东方红一号”卫星的运动周期比地球静止轨道卫星的运动周期大B．“东方红一号”卫星对地球的观测范围比地球静止轨道卫星的观测范围小C．“东方红一号”卫星经过近地点时的运动速度大于地球静止轨道卫星的运动速度D．“东方红一号”卫星经过远地点时的加速度小于地球静止轨道卫星的加速度2．一个物体做匀加速直线运动，依次经过A、B、C、D四个点，已知AB、BC、CD的长度相同，则运动物体在AB、BC、CD三个过程中相同的量是（）A．时间B．平均速度C．速度的变化量D．速度平方的变化量3．如图所示，边长为L的正方形线框abcd以速度v匀速通过宽度为2L的有理想平行边界MN、PQ的匀强磁场，线框的ab边与磁场边界MN平行、运动速度垂直磁场垂直于边界，以线框ab边到达磁场左边界为计时起点，已知磁场的磁感应强度为B，线框电阻为R，以顺时针方向为电流的正方向，表示线框中电流i随时间t变化规律的图象可能正确的是（）A ．B ．C ．D ．4．如图所示，物体从斜面上某点以速度0v 水平抛出，一段时间后落回到斜面上；若抛出速度改为2v ，落到斜面上时变化量为原来一半的物理量是（ ） A ．竖直方向的速度 B ．竖直方向的位移C ．水平方向的位移D ．竖直方向速度与水平方向速度的比值5．如图所示的圆形区域内有垂直于纸面的磁感应强度为B 的匀强磁场，MN 、GH 为圆的两条相互垂直的直径，P 、Q 为圆上关于MN 对称的两点，它们到MN 的距离为圆半径的一半.两个质量为m 、电荷量为q 的相同的粒子分别从P 、Q 两点以平行于MN 的相同速度进入圆形磁场区域，不计粒子所受重力和两粒子间的相互作用.已知从P 点进入磁场的粒子刚好从H 点离开磁场区域，则从Q 点进入磁场的粒子在磁场中的运动时间为（ ）A ．3m qBπB ．23m qBπC ．m qB πD ．43m qBπ二、多选题6．一个氘核与一个氚核结合成一个氦核时释放17.6MeV 的能量，核反应方程为3411021217.6H H He n MeV +→++，关于这个反应下列说法正确的是（ ）A ．42He 的结合能是17.6MeV B ．42He 的比结合能比21H 和31H 的大 C ．42He 的结合能大于21H 和31H 的结合能之和 D ．42He 与10n 的质量之和大于21H 和31H 的质量之和7．在水平方向的匀强电场中，不可伸长的轻质细线一端固定于O 点，另一端系一带电的小球，静止于图示A 位置，改变匀强电场的电场强度的大小且保持方向不变，使小球缓慢地从A 位置运动到B 位置，如图所示，在此过程中（ ） A ．细线的拉力大小不变上 B ．细线的拉力逐渐变小 C ．电场强度逐渐变小 D ．电场强度逐渐变大8．足够长的水平传送带在电动机带动下以恒定速率1v 匀速顺时针转动，质量为m 可视为质点的滑块从传送带右端以水平向左的速率()221v v v <滑上传送带，如图所示，最终滑块返回传送带右端.关于上述过程，下列说法正确的有（ ） A ．滑块向左运动时摩擦力向右 B ．向右运动时摩擦力向左C ．此过程中传送带对滑块做功为22mvD ．此过程中滑块与传送带间摩擦产生的热量为122mv v 9．下列说法正确的是（ ） A ．晶体都有固定的熔点和规则的外形 B ．分子间距离越大，分子势能越大 C ．单晶体的某些物理性质具有各向异性D ．温度越高分子运动越剧烈，分子的平均动能越大E ．布朗运动不是分子的运动，但反映了分子的无规则运动10．图甲为一列简谐横波在某一时刻波形图，图乙为质点P 以此时刻为计时起点的振动图象。
三省三校(贵阳一中,云师大附中,南宁三中)2019-2020学年高三12月联考文科综合地理试题(带答
三省三校〔贵阳一中,云师大附中,南宁三中〕2021-2021学年高三12月联考文科综合地理试题卜图为我国某作物近10年种植面积〔万亩〕变化图,据此完成以下小题.1.符合图中信息的经济作物最有可能是A.甘蔗B.马铃薯C.稻谷D.棉花2.推测该农作物种植面积变化最明显的产区是A .广西B .内蒙古C.山东D.西藏3.该农作物空间向优势区域集中的影响,表达不正确的选项是A .促进生产向质量效益型转变 B.推动相关企业增强品牌塑造C.减少国家对农民的种植补贴D.次宜种植区退出该作物种植1940年,横跨大西洋的飞行中,高达85%勺飞时机在坐落于爱尔兰西南岸小镇的香农机场休憩、加油或是维修；1959年,香农机场日渐萧条；1960年,以香农机场为根底,创立了世界上第一个工业自由贸易区；20世纪七八十年代,香农工业区开始进行产业升级.据此完成下面小题.4. 1940年香农机场的繁忙和1959年的衰落,主要原因分别是〔〕A.政策飞机飞行本钱降低B.经济横跨大西洋航班减少C.地形地区经济开展缓慢D.位置飞机制造技术进步5. 1960年,香农工业区的优势包括〔〕①税收减免②工业根底雄厚③物流运输便利④临近市场⑤矿产资源丰富A.①②③B.①③④C.②④⑤D.③④⑤6．20 世纪七八十年代,适合在香农工业区增加的工业部门是〔〕A.造纸B.高新技术产业C.机械制造D.冶金植被生长期是指一个地区在一年内适合植被生长的时间. 泰加林原是指西西伯利亚带有沼泽化的针叶林, 现泛指亚寒带的针叶林. 泰加林一般以日均温连续5天A10C的天数计算其生长期.据此完成下面小题.7．泰加林几乎从欧亚大陆的东海岸一直分布到西海岸的主要原因〔〕A ．水分对泰加林分布影响较大B ．高纬陆地广阔,热量条件适宜C ．欧亚大陆寒温带气候条件相同D ．森林层次结构复杂,适应性强8．我国阿尔泰山泰加林树种较天山天然林树种丰富得多的因素主要是〔〕A.湿度B.海拔C.坡度D.纬度9．过去几十年,西伯利亚北方针叶林的脱针型落叶松逐渐演替为常绿针叶林,说明该地〔〕A ．大气中二氧化碳减少B ．喜寒树种增多C ．土壤分解加速D ．地表保持低温黄水沟发源于天山中部南坡地区, 河流全年流量洪枯变化大, 平均年径流量为3.19亿立方米,注入博斯腾湖.某年7月18日〜21日期间,洪峰流量大,其中第二个洪峰为混合型洪水. 这类洪水多受天气变化影响. 以下图中为黄水沟水文站测得此次洪水的流量过程线,据此完成下面小题.A.降水年际变化大 C.气温年较差大11 .该年7月17日〜22日期间,影响该地区的天气系统可能是()B.冬季昼夜温差大 D.夏季蒸发量大A.前期是冷锋,后期是暖锋 C.前期是气旋,后期是反气旋B.前期是冷锋,后期是反气旋 D.前期是反气旋,后期是气旋10.黄水沟流量洪枯变化比拟大的主要原因是( )12.阅读图文资料,完成以下要求.秦岭北麓地形陡峭,多峡谷,是关中平原重要的水源修养地和供水源地.关中平原是陕西省人口、城市最密集地区,也是陕西省经济最兴旺地区(如以下图所示) ,古城西安亦位于此.近年来,撤除秦岭北麓违章建筑,保护生态环境行动正在开展. 2021年2月,地处我国内陆中央,是亚欧大陆桥重要支点的关中平原城市群,正式参加全国城市群开展阵营.(1)分析秦岭北麓地形陡峭,多峡谷的原因.(2)说出图示地区的地形、河流要素对城市空间分布的影响.(3)从保证西安市供水的角度,简述秦岭北麓进行植被恢复的原因.(4)结合关中地区地理位置的特殊性,说出打造关中城市群的积极影响.13.阅读图文材料,完成以下要求.丹霞地貌是以陆相沉积岩为主的红层发育的具有陡崖坡的地貌. 我国东南部典型的丹霞地貌具有“顶平、身陡、麓缓〞的特征,山块之间常形成被陡崖围合的沟谷.典型丹霞地貌海拔大多在300〜400米之间,相对高度不超过200米,难以到达通常意义上产生垂直分异的高差,却形成了特殊的植被分异现象(如下图)(1)分析图中丹霞地貌“顶平、身陡、麓缓〞形态特征的形成过程.(2)根据自然带分布规律,指出图中的地带性植被类型,并描述其指示的气候特点.(3)指出图中一处“特殊的植被分异现象〞位置及植被类型,并分析其形成原因.14.(地理一一选修3:旅游地理)鸟取沙丘地处日本本岛西端,面朝日本海.鸟取沙丘在1955年被命名为日本国家级自然宝库,属城镇内山阴海岸国立公园的一局部. 每年都会有超过两百万的游客在这里游览.早在1998年,鸟取政府开展了“除草护沙〞行动保护沙漠.以下图中鸟取县位置图和鸟取沙丘景观图.指出鸟取沙丘的旅游价值,并说明鸟取沙丘面积减小的原因.15．〔地理——选修3：环境保护〕江西境内的小水电分布密集. 在江西赣州崇义县境内的乐洞河, 小水电站的密集程度让人吃惊,最小间距仅只10 米.河流的过度开发导致了严重的生态环境问题,曾经遍地开花的小水电工程,显然已经走到了一个必须重新审视的节点.分析江西省小水电站密布的自然原因并说明小水库的无序修建对当地生态环境造成的危害.参考答案1.. D2.C3.C【解析】1.此题考查农作物的判断,结合材料可知该种作物在新疆地区种植面积较较大,因此可以根据新疆地区的自然环境进行推断, 新疆地处我国西北内陆地区, 由于深居内陆,远离海洋,加上高山环绕,降水稀少,气候干旱,光照充足,热量丰沛；温差大；晴天多,利于棉花的后期采摘据此判断,该作物为棉花, D正确；甘蔗属于热带地区的作物,稻谷属于喜温喜湿的作物,新疆气候干旱,不适宜种植水稻；马铃薯属于粮食作物,据此判断ABC错误, 应选D.2.此题考查农业区位因素变化对农作物生产的影响,结合上题分析,该作物为棉花,棉花是喜热作物,对水分也有一定需求,但开花期〔即授粉期〕及收获期忌多雨、喜光照,所以气候枯燥但灌溉水源充足的地区最适宜种植棉花, 据此进行判断中国的广西、内蒙古、西藏等不适宜棉花的种植, 而山东位于温带季风气候区, 良好的气候条件适宜棉花的种植, 但是由于棉花在采摘时期需要大量的劳动力, 近年来随着经济的开展,山东劳动力本钱的不断增加,致使种植棉花的效益下降,所以种植面积减少, C正确,ABD错误,应选Co3.此题考查农业生产集聚的影响,农作物向优势区域聚集,可以充分农作物的优势得到最大限度的发挥.促进农业生产向质量效益转换,提升农作物的效益；推动农作物的深加工,带动与该农作物相关产业的开展；同时会提升优势种植区域的市场竞争力, 使得次级种植区域的竞争力下降,进而使得这些区域种植面积下降, 甚至不再种植该种农作物.而该农作物向优势区域集中,会可能会导致农户种植面积增加, 进而增加国家对农户的补贴. 据此判断ABD正确,C错误,此题选择错误选项,应选Co4.D5.B6.B【解析】【分析】4.根据材料1940年“香农主要依靠特殊的地理位置, 为来往于北美和欧洲航线的飞机在此补充燃料、休憩或是维修〞.随着飞机制造技术提升,续航水平大增,跨大西洋航线上的班机不再需要在香农机场停机加油,依靠机场带动的当地经济开展也陷入困境.故该题选 d 5.据材料“ I960年,以香农机场为根底,创立了世界上第一个工业自由贸易区〞表达政府的税收优惠政策①对；“以香农机场为根底〞有便利的交通运输条件, ③对；爱尔兰位于大西洋东岸,距离经济兴旺的欧洲西部较近,市场距离近,④对；该地工业开展较晚,根底并不雄厚,且该工业区为自由贸易区,对矿产资源需求少,故②⑤错,所以该题选Bo6.根据材料“ 2cB纪七八十年代,香农工业区开始进行产业升级.应减少传统产业的规模,大力开展高新技术产业和第三产业,故B正确；造纸、机械制造、冶金都为污染较为严重的传统工业,应逐步减少,进行优化升级,故ACD昔误,所以该题选B.【点睛】20世纪七八十年代,香农开发公司应政府要求重点推动科技型工业,促进了产业升级.引入通信信息、电子产品制造、软件开发等高技术产业,政府还在附近设立了爱尔兰国家航空研究中央.目前,贸易区产业涵盖了医疗设备、软件开发等高技术产业,众多通信世界巨头均在香农国际自由贸易区设有基地.7.B8.A9.C【解析】【分析】7.泰加林分布地区纬度较高,气候严寒,降水虽然少,但蒸发更弱；冬季积雪大和冻土现象,泰加林地带水分条件较充足,因而水分对泰加林分布影响较小,故A错；欧亚大陆西部受暖流和西风带影响降水较多,中东部地区降水少,气候条件不同,故C错；泰加林地带由于热量缺乏,森林层次结构简单,故D错；泰加林地带对树林生长的限制因素是热量条件,特别是最热月大于10.C的天数,因而其分布沿纬线延伸,所以B正确.8.天山山麓基带为荒漠,北坡处于迎风坡,降水稍多,天然林树种只有云杉林；两座山体相对海拔和坡度高差不大；阿尔泰山基带为温带草原,水分条件比天山要好,所以泰加林树种丰富,故A正确.9.脱针型落叶松逐渐演替为了常绿针叶林,说明气温升高.气温上升会加速土壤分解,升高地表温度,喜温树种增多,故该题选C.10.C11.D【解析】【分析】10.根据材料黄水沟发源于天山南坡,注入博斯腾湖,该河流为内流河,河流流量小.流量洪枯变化比拟大的原因是夏季气温高,天山冰川融水量大,冬季气温低无冰雪融水补给. 7月洪水期水源补给主要为冰JI融水补给和短期降水补给为主,故该题选C.11.读图7月17日〜22日期间,该河流经历两次洪峰,材料中“其中第二个洪峰为混合型洪水这类洪水多受天气变化影响〞说明第一个洪峰为冰雪融水补给, 该天气系统影响的天气应为晴天,第二个洪峰补给为冰雪融水和降水, 故第二次天气系统应带来降水, 结合四个选项可以判断影响该地区的天气系统可能是前期反气旋限制, 天气晴朗,气温较高,冰川融水量大,后期是气旋限制,降水多,叠加降水补给,所以该题选Do12. (1)秦岭地壳抬升,渭河平原断裂陷落,地势落差大；北麓河流发育,流水不断下蚀形成峡谷.(2)北部黄土高原、南部秦岭山地,城市数量少；中部河谷平原,地势平坦,城市数量多；城市多沿河流分布；干流及河流交汇处城市密集.(3)植被修养水源,地下水量丰富；植被保持水土,北部平原河流含沙量小,减少河道淤塞保证供水；雨水经植被截留、下渗,有利于改善水质(大规模建设可能引起水污染,影响西安的城市供水水质).(4)培育和开展关中平原城市群,发挥其承东启西、引领和支撑西北地区开发开放；联接南北的区位优势,由南向北拓展,有利于推进“一带一路〞建设向纵深开展.【解析】【分析】此题考查内力作用对地表形态对影响、影响城市的区位因素、植被的作用以及城市群建设的意义.(1)秦岭北侧为渭河平原,渭河平原为断层构造,地壳断裂下陷；秦岭地壳抬升,所以地势落差较大；该地区降水多,流水侵蚀作用强,所以形成众多峡谷.(2)读图,北部地区为黄土高原,南部地区为秦岭山区,地势起伏较大,城市分布较少；中部为平原地区,地势平坦,便于城市的规划和建设,所以城市分布较多；图示城市主要分布在河流沿岸,干流和河流交汇处比支流城市多,由于河流沿岸地势较为平坦,水源丰富, 支流分布在河流的上游,流速快,地势起伏较大,不利于城市的建设.(3)此题可从植被的含蓄水源、保持水土、净化水质三个方面作答；植被能够削减地表径流,增加下渗,从而保证了地下水的供应；植被能够减少流水的侵蚀作用,使河流含沙量降低,改善了水质,也减少了泥沙对河道的淤积.(4)关中平原地区位于我国中部地区,具有承东启西,连接南北的位置优越性；同时也是我国一带一路的重要的枢纽位置, 所以开展其城市群,能够充分发挥其承东启西的位置优越性以及促进西部大开发进程和一带一路向西部延伸开展.13. (1)图中丹霞地貌主要是由陆相沉积岩层构成,本地区气候湿润,河流广布；随着地壳不断抬升,河流沿裂隙垂直下切,形成四周陡峭、顶部平缓的柱状山体；再经过长时间的风化侵蚀作用,峭壁的岩石沿裂隙崩解坍塌,在山麓地区不断堆积,最终形成“顶平、身陡、麓缓〞的地形特征.(2)植被类型：亚热带常绿阔叶林.气候特点：夏季高温多雨,冬季温和枯燥.(3)山顶的常绿硬叶植被群落；山顶面积小,保存水分条件差；土层较薄,保水性差；风力较大,阳光充足,蒸发量大,导致山顶较干旱,发育耐旱的硬叶植被.沟谷的季雨林；沟谷地势低,地表径流聚集；沟谷地形封闭,光照相对较弱,蒸发量较小,水分充足,有利于发育喜湿的季雨林.(任选其一位置解答)【解析】【分析】此题考查内外力作用对地貌形态对影响以及自然地理环境的差异性.【详解】(1)形成丹霞地貌的岩层是沉积岩,形成岩层以后,地壳抬升,流水沿着四周裂隙下切, 以及受到风化、侵蚀作用,顶部逐渐平缓,而峭壁的岩石沿着裂隙塌陷,在底部堆积,那么形成“顶平、身陡、麓缓〞的地形特征.(2)丹霞地貌位于我国东南部, 气候类型为亚热带季风气候, 自然带为亚热带常绿阔叶林,气候特点为：夏季高温多雨,冬季温和少雨.(3)从图中可以看出,在山顶的位置出现的是植株较矮的常绿硬叶林,与当地的代表性植被常绿阔叶林不同,其原因是山顶面积小,保士性差,保水性差,水土易流失,土层较薄, 土壤肥力较差,山迎风力较大,蒸发量大,土壤水分少,光照充足,蒸发量大,土壤含水量低；砂岩透水好,保水性差,土壤枯燥,从而导致山顶较干旱,发育耐旱的硬叶植被.沟谷地势低,地表径流聚集,使地表水丰富；沟谷地形封闭,山体对阳光的阻挡明显,光照相对较弱,蒸发量较小,水分充足；沟谷地势低；地下水位较高,土壤水分充足,有利于发育喜湿的季雨林.【点睛】分析第(3)小题的关键就是要抓住常绿阔叶林和常绿硬叶林生长的自然环境不同,常绿阔叶林是生长在高温多雨的自然环境下, 对水分的要求较高,而常绿硬叶林那么生长在高温少雨的自然环境下,较耐旱,对水分的要求不高. 因此做题关键就从水分入手由于是在同一地区的两种植被,因此不能从降水不同分析,只能从土壤水分的差异进行分析.14.价值：无垠的大海与沙漠融为一体的景观,具有美学价值；在日本沿海湿润气候区形成的沙漠,具有科学研究价值；作为日本罕见的沙丘非凡性突出,景观的地域组合状况优,具有突出的经济价值.面积减小的原因：日本西海岸为湿润区降水丰富,湿度大,沙丘水源涵养较好,植物易于生长,沙丘面积自然退化；日本人口密度大,城市化开展,沙地作为城市用地.【解析】【分析】此题考查旅游资源开发以及旅游资源破坏的原因.【详解】旅游价值可从美学价值、科学价值、历史文化价值和经济价值等方面分析；根据材料鸟取沙丘濒临日本海,形成海洋和沙漠相依的景观,具有较高的美学价值；该地区气候湿润,形成沙漠,具有较高的科研价值；该沙漠属于国立公园的一局部,景观的地域组合状况好,“每年都会有超过两百万的游客在这里游览〞说明有较高的经济价值；面积减小的原因可从自然原因和人为原因两个方面分析；根据材料该地区处于冬季风的迎风坡, 降水量大,沙丘能够修养水源,所以利于植被生长,沙丘退化；日本城市化水平提升,占用土地,使沙地减少.【点睛】1、评价旅游资源的质量：主要看其是否具备较高的美学价值、科学价值、历史文化价值和经济价值.具有“人无我有,人有我优,人优我特〞的高质量的旅游资源,才会对旅游者产生强烈的吸引力.①美学价值一一自然风景名胜区对旅游者产生吸引力的最根本原因②科学价值③历史文化价值一一主要指人文景观而言④经济价值：旅游资源的开发,能产生巨大的经济效益.目前,旅游业已开展成为世界上重要的产业之一.2、旅游资源的集群状况3、景观的地域组合状况15.原因：河网密布；水能资源丰富.危害：蓄水淹没陆生动物巢穴,动物被迫迁徙甚至灭绝；大坝的阻挡,河游鱼类无法会有产卵可能造成灭绝；水库蓄水,对地面造成一定的压力,诱发地震、泥石流等地质灾害；众多小水电站的修建,争夺水源,下游河段河流水量减少甚至断流,河流生态环境恶化；淹没周边草丛、森林,陆域变水城. 〔任答四点〕【解析】【分析】此题考查水电站开发的区位条件以及对生态环境的影响.【详解】水能开发的自然条件可从河流径流量和落差两个方面分析. 江西山地丘陵广布,地势落差较大,降水丰富,河流众多,所以其水能资源丰富；水电站的危害可从水库蓄水诱发地质灾害、下游水量减少以及大坝阻挡鱼类泡游带来的问题分析. 水库蓄水淹没生物栖息地, 导致生物减少；诱发地震、滑坡等地质灾害；大坝影响鱼类泡游,导致生物多样性减少；上游修建大量水电站截留水源导致下游水源减少,生态环境恶化.。
云南省师范大学附属中学、贵阳一中、南宁三中2019届高三上学期“3+3+3”诊断性联考数学(文)试题含答案
∵bc 5，
由余弦定理得 a2 b2 c2 2bc cos A (b c)2 3bc 13 ， ………………………（11 分）
∴ a 13 ． ……………………………………………………………………………（12 分） 18．（本小题满分 12 分）
解：（1）补充的 2×2 列联表如下：
则 从 这 6 名 学 生 中 抽 取 2 名 学 生 进 行 学 习 交 流 共 有 15 种 等 可 能 的 结 果 ：
AB，AC，AD，Aa，Ab，BC，BD，Ba，Bb，CD，Ca，Cb，Da，Db，ab ，
………………………………………………………………………………（9 分）
其中来自同一个班级的结果有 7 种： AB，AC，AD，BC，BD，CD，ab ，
f (x) x a 1 x2 ax 1 ， …………………………………………………………（2 分）
x
x
当 a ≤ 0 时， f (x) 0 恒成立， f (x) 在 (0， ) 上单调递增；
………………………………………………………………………………（3 分）
2
tan tan2
1
3
16 9
24 7
，故选
A．
7．∵
f
(x)
x
1 x
ln
|
x
|
x
1 x
ln
|
x
|
f
(x)
，∴
f
(x)
是奇函数，关于
(0，0)
对称，
2019届云南省师范大学附属中学、贵阳一中、南宁三中高三上学期“3+3+3”诊断性联考语文试题 扫描版
京兆尹郑叔清、李齐物因残暴贪婪被罢免，皇帝下令命刘晏兼任京兆尹。总的来说他为政不严苛，号 称称职。恰逢司农卿严庄被关进监狱，不久释放了，诬奏刘晏泄漏宫中的话，宰相萧华也妒忌他，贬任通 州刺史。唐代宗登基后，重任京兆尹、户部侍郎。刘晏将户部侍郎让给颜真卿，改任国子祭酒。他又将京 兆尹让给严武，马上被任命为吏部尚书、同中书门下平章事，使职仍旧。因与程元振关系好受到牵连，被 免职任太子宾客。不久升任御史大夫。
鹤立鸡群：像仙鹤立在鸡群之中。比喻一个人的才能或仪表在一群人里面显得很突出。此处强调才能 显现出来，并不涉及比较的对象，因而选“脱颖而出”。 遍地开花：比喻好的事物到处涌现或普遍发展。 层出不穷：接连不断地出现，没有穷尽。 一蹴而就：踏一步就成功。比喻事情轻而易举，一下子就成功。 一挥而就：一动笔就写成了。形容写字、写文章、画画快。 陈词滥调：侧重指所谈内容又陈旧又空泛，不合时宜，通常表达消极的感情色彩。 老生常谈：侧重指老话、旧话，但并不一定就没有现实的意义，通常表达中性的感情色彩。 18．（3 分）B 【解析】画线句与前文是转折关系，应用“但”；“缓解问题”搭配不当。 19．（3 分）C 【解析】全句陈述的对象为“新闻评论”，与“评论员”无关，应排除 A、B，使话题一致。 补充句子的中心词应是“困境”，照应后文的“就是标与本的问题”。 20．（5 分）①“手头的事”改为“手头的工作” ②“开着”改为“开机” ③“到外面玩”改为“外出” ④“车票不好买”改为“车票紧张” ⑤“随便不在”改为“擅自离岗” （找出错误并改正一处 1 分，找出错误不改正不给分） 21．（6 分）内容：左图为古代小孩外出归来情景：孩子把背包放在一边，站在一旁，对坐着的长者嘘寒问 暖，擦汗扇风，孝顺之至。右图为现代小孩在路途中情景：长者站在公交车上替孩子背书包、扇风， 而孩子却坐着吃冰淇淋，享受音乐。 寓意：漫画讽刺了当下一些家长过于宠溺孩子，以至长幼失序，丢失了传统文化中重要的尊老、孝亲 传统。 （内容、寓意各 3 分） 22．（60 分）参照 2018 年全国卷高考评分标准。 附文言文参考译文： 刘晏，字士安，是曹州南华县人。唐玄宗在泰山举行封禅大典时，刘晏才八岁，他到皇帝临时驻处献 上颂文，皇帝对他年幼能文感到惊奇，当即封他为太子正字官。天宝年间，多次升官后任夏县县令，他没 有督缴过赋税，但赋税的缴纳没有违期的。被推举为贤良方正，补任温县县令，任职处都有善政可供记载， 人民都刻碑传诵。两次升迁担任侍御史。