辽宁省沈阳市2021届新高考物理模拟试题含解析

辽宁省沈阳市2021届新高考物理模拟试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，B 、M 、N 分别为竖直光滑圆轨道的右端点，最低点和左端点，B 点和圆心等高，N 点和圆心O 的连线与竖直方向的夹角为60α=︒。

现从B 点的正上方某处A 点由静止释放一个小球，经圆轨道飞出后以水平上的v 通过C 点，已知圆轨道半径为R ，v gR =，重力加速度为g ，则一下结论正确的是A ．C 、N 的水平距离为RB ．C 、N 的水平距离为2R C ．小球在M 点对轨道的压力为6mgD ．小球在M 点对轨道的压力为4mg【答案】C【解析】【详解】 AB ．小球从N 到C 的过程可看作逆过来的平抛，则cos N v v α=sin N v gt α=CN x vt = 解得：22N v v gR ==3CN x R =故A 、B 项错误。

CD ．小球从M 到N 的过程应用动能定理可得：2211(cos )22-N M mg R R mv mv α--= 对小球在M 点时受力分析，由牛顿第二定律可得：2M NM v F mg m R-= 解得：6NM F mg =根据牛顿第三定律可得：小球在M 点对轨道的压力为6mg 。

故C 项正确，D 项错误。

故选C 。

2．电梯在t=0时由静止开始上升，运动的a t -图像如图所示，电梯总质量m=2.0×103kg 。

电梯内乘客的质量m 0=50kg ，忽略一切阻力，重力加速度g=10m/s 2。

下列说法正确的是（ ）A ．第1s 内乘客处于超重状态，第9s 内乘客处于失重状态B ．第2s 内乘客对电梯的压力大小为450NC ．第2s 内钢索对电梯的拉力大小为2.2×104ND ．第2s 内电梯对乘客的冲量大小为550N·s【答案】D【解析】【分析】【详解】A ．第1s 内和第9s 内加速度均竖直向上，乘客处于超重状态，故A 错误；B ．第2s 内研究乘客，根据牛顿第二定律00F m g a m -=代入数值解得电梯对乘客的支持力为550N ，由牛顿第三定律可知，乘客对电梯的压力为550N ，故B 错误；C ．第2s 内研究乘客和电梯整体，根据牛顿第二定律()()00T m m g m m a -+=+代入数值解得钢索对电梯的拉力为22550N ，故C 错误；D ．a t -图像的面积表示速度变化，得第2s 内速度的变化量为1v ∆=m/s第2s 内研究乘客，根据动量定理00I m gt m v -=∆代入数值解得电梯对乘客的冲量为550N ⋅s ，故D 正确。

故选D 。

3．有一变化的匀强磁场与图甲所示的圆形线圈平面垂直。

规定磁场方向向里为正方向，从a 经R 流向b 为电流的正方向。

已知R 中的感应电流i 随时间t 变化的图象如图乙，则磁场的变化规律可能与下图中一致的是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】A【解析】【详解】应用楞次定律定性分析知，0~1s 内，电流为正方向，根据安培定则知磁场B 应正方向减小或负方向增大。

1~2s 内，电流为负方向，根据安培定则知磁场B 应正方向增大或负方向减小。

设线圈面积为S ，则电动势1B E S t s∆Φ∆==⋅∆① 电流 E I R=② 解①②式得1S B I R s∆=⋅③ 由图象知两过程中电流大小关系为1212I I =④ 解③④式得121121B B s s∆∆= 1212B B ∆=∆ 所以A 正确，BCD 错误。

故选A 。

4．如图所示，两条水平放置的间距为L ，阻值可忽略的平行金属导轨CD 、EF ，在水平导轨的右端接有一电阻R ，导轨的左侧存在磁感应强度方向垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B ，磁场区域的长度为d 。

左端与一弯曲的光滑轨道平滑连接。

将一阻值也为R 的导体棒从弯曲轨道上h 高处由静止释放，导体棒最终恰好停在磁场的右边界处。

已知导体棒与水平导轨接触良好，且动摩擦因数为μ，则下列说法中正确的是（ ）A ．电阻R Bd 2ghB ．整个电路中产生的焦耳热为mghC ．流过电阻R 的电荷量为2BdL RD ．电阻R 中产生的焦耳热为12mgh 【答案】C【解析】【分析】金属棒在弯曲轨道下滑时，只有重力做功，机械能守恒，由机械能守恒定律或动能定理可以求出金属棒到达水平面时的速度，由E=BLv 求出感应电动势，然后求出感应电流；由 q R rΦ=+可以求出流过电阻R 的电荷量；克服安培力做功转化为焦耳热，由动能定理（或能量守恒定律）可以求出克服安培力做功，得到电路中产生的焦耳热．【详解】金属棒下滑过程中，由机械能守恒定律得：mgh=12mv 2，金属棒到达水平面时的速度 2gh 到达水平面后进入磁场受到向左的安培力做减速运动，则导体棒刚到达水平面时的速度最大，所以最大感应电动势为 E=BLv ，最大的感应电流为22BL gh E I R ==，故A 错误；金属棒在整个运动过程中，由动能定理得：mgh-W B -μmgd=0-0，则克服安培力做功：W B =mgh-μmgd ，所以整个电路中产生的焦耳热为 Q=W B =mgh-μmgd ，故B 错误；克服安培力做功转化为焦耳热，电阻与导体棒电阻相等，通过它们的电流相等，则金属棒产生的焦耳热：Q R =12Q=12（mgh-μmgd ），故D 错误。

流过电阻R 的电荷量 2BLd q R r RΦ==+，故C 正确；故选C 。

【点睛】题关键要熟练推导出感应电荷量的表达式 q R r Φ=+，这是一个经验公式，经常用到，要在理解的基础上记住，涉及到能量时优先考虑动能定理或能量守恒定律．5．下列现象中属于分子斥力的宏观表现的是A ．镜子破碎后再对接无法接起B ．液体体积很难压缩C ．打气筒打气，若干次后难再打进D ．橡皮筋拉伸后放开会自动缩回【答案】B【解析】【详解】镜子破碎后再对接无法接起，并不是因为分子间表现为斥力，而是由于分子间距离大于分子直径的10倍以上，分子间的作用力太小，不足以使碎玻璃片吸引到一起，故A 错误．液体难于被压缩是因为液体中分子距离减小时表现为斥力，故B 正确．打气筒打气，若干次后难再打进，是因为气体的压强增大的缘故，不是因为分子间存在斥力，故C 错误．橡皮筋拉伸后放开会自动缩回，是由于分子间存在引力的缘故，故D 错误．故选B.【点睛】本题考查了热学的基础知识，关键要明确分子间同时存在着引力和斥力，二者都随分子间距离的增加而减小，而斥力减小得快，根据现象分析出斥力的表现．6．小球从某一高度处自由下落着地后反弹，然后又落下，每次与地面碰后动能变为碰撞前的14。

以刚开始下落时为计时起点，小球的v －t 图像如图所示，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）A ．图像中选取竖直向下为正方向B ．每个阶段的图线并不相互平行C ．每次与地面相碰后能够上升的最大高度是前一次下落高度的一半D ．每次与地面相碰后上升到最大高度所需的时间是前一次下落时间的一半【答案】D【解析】【详解】A ．由于小球从某一高度处自由下落，根据速度时间图线知选取竖直向上为正方向，故A 错误；B ．不计空气阻力，下落过程和上升过程中只受重力，根据牛顿第二定律可得下落过程和上升过程中的加速度为重力加速度，速度时间图线的斜率表示加速度，所以每个阶段的图线相互平行，故B 错误； C ．与地面相碰后能够上升的最大高度是前一次下落过程，根据动能定理可得k E mgh =与地面相碰后上升过程中，根据动能定理可得kE mgh ''= 根据题意有14kk E E '= 解得 14h h '= 故C 错误；D ．根据运动学公式可得与地面相碰后上升的时间t '=与地面相碰后上升到最大高度所需的时间是前一次下落时间的t =解得2t t '=故D 正确；故选D 。

二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分7．下列说法中正确的是 。

A ．电子的衍射图样证实了实物粒子具有波动性B ．为了解释黑体辐射规律，普朗克提出电磁辐射的能量是量子化的C ．氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，原子总能量减小D ．光电效应中极限频率的存在说明了光的波动性【答案】AB【解析】【分析】【详解】A ．电子的衍射图样证实了实物粒子的波动性，故A 正确；B ．为了解释黑体辐射规律，普朗克提出电磁辐射的能量的量子化，故B 正确；C．氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增大，故C错误；D．光电效应现象说明了光的粒子性，并不是波动性，故D错误。

故选AB。

8．下列说法正确的是。

A．物体的内能增大，其温度一定升高B．热量不可能由低温物体传给高温物体而不发生其他变化C．液晶既像液体一样具有流动性，又和某些晶体一样具有光学性质的各向异性D．“用油膜法估测分子的大小”的实验中，油酸分子的直径等于纯油酸体积除以相应油酸膜的面积E.绝热气缸中密封的理想气体在被压缩过程中，气体分子运动剧烈程度降低【答案】BCD【解析】【详解】A．物体的内能增大，温度不一定升高，如冰块融化时，分子势能增加，内能增加，温度不变，A错误；B．热量不能自发地从低温物体传给高温物体，但在引起其他变化的情况下可以由低温物体传给高温物体，B正确；C．液晶是一种特殊的物态，它既像液体一样具有流动性，又跟某些晶体一样具有光学性质的各项异性，C正确；D．“用油膜法估测分子的大小”的实验中，油酸分子直径等于纯油酸体积除以相应油酸膜的面积，即：V=DSD正确；E．绝热汽缸中密封的理想气体在被压缩过程中，根据热力学第一定律：∆=+U Q WQ=，外界对气体做功，所以内能增大，温度升高，气体分子运动剧烈程度增大，E错误。

故选BCD。

9．示波器的核心部件是示波管，示波管由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，其原理图如图甲所示。

下列说法正确的是（）A．如果仅在XX′之间加不变的电压（X正X′负），在荧光屏的正Y轴上将出现一个亮斑B ．如果仅在XX′之间加图乙所示的电压，在荧光屏上会看到X 轴上一条水平的亮线C ．如果在XX′之间加不变的电压（X 正X′负），在YY′之间加图丙所示的电压，在荧光屏上会看到一条与Y 轴平行的竖直亮线（在Ⅱ、Ⅲ象限）D ．如果在XX′之间加图乙所示的电压，在YY′之间加图丙所示的电压，在荧光屏上看到的亮线是正弦曲线【答案】BD【解析】【分析】【详解】A ．如果仅在XX′之间加不变的电压（X 正X′负），电子在两极间发生偏转，做类平抛运动，电子射出时沿垂直于板面的方向偏移为2202eUl y mdv = 电子离开电场的偏转角度为20tan eUl mdv θ= 则电子达到屏上距离中心的距离为20(2)tan 2el l l y y l U mdv θ'+''=+= 其中l '是极板到屏的垂直距离，即y '与U 成正比，所加电压不变，电子的在光屏的位置不变，所以在荧光屏的正X 轴上将出现一个亮斑，所以A 错误；B ．如果仅在XX′之间加图乙所示的电压，所以电子只在X 方向偏转，由图象可知，电压均匀增大，又y '与U 成正比，所以亮点在X 轴上均匀分布，所以在X 轴上是一条水平的亮线，所以B 正确；C ．如果在XX′之间加不变的电压（X 正X′负），在YY ′之间加图丙所示的电压，电子既要在X 方向偏转，也要在Y 方向偏转，由于XX′之间的电压不变，所以看到的也是一条平行与Y 轴的亮线，在Ⅰ、Ⅳ象限，所以C 错误；D ．如果在XX′之间加图乙所示的电压，在YY′之间加图丙所示的电压，电子既要在X 方向偏转，也要在Y 方向偏转，但在X 轴方向均匀分布，所以看到的就是和图丙一样的正弦曲线，所以D 正确。