2019年浙江省嘉兴市普通高校招生选考物理试卷(3月份)(解析版)

2019年浙江省嘉兴市普通高校招生选考物理试卷（3月份）
一、单选题（本大题共13小题，共39.0分）
1.关于下列物理常量，单位正确的是（）
A. 引力常量G N⋅kg2/m2
B. 动摩擦因数μN/kg
C. 弹簧劲度系数k N/m
D. 电阻率ρΩ/m
2.2018年9月，中国气象局曾这样播报了一则台风预警：台风“山竹”的中心于16日17时在广东省登
陆，登陆时中心附近最大风力14级（45m/s）。

上述消息中的“16日17时、45m/s”分别指（）
A. 时刻和速率
B. 时刻和平均速度
C. 时间间隔和瞬时速度
D. 时间间隔和平均速度
3.如图所示是小张运动过程的x-t图象，x表示它对于出发点的位移，则（）
A. 10s−20s做匀速直线运动
B. 第6s的速度为3m/s
C. 第30s的加速度为−1.5m/s2
D. 距离出发点最远60m
4.瑞士日内瓦喷泉是世界上最大的人工喷泉。

该喷泉竖直向上喷出时，雪
白的水柱直入天空，甚为壮观。

已知水刚脱离地面的喷口时速度为53m/s，若不计空气阻力，则水柱高度约为（）
A.53m
B.106m
C.14m
D. 140m
5.如图所示为足球比赛中某球员空中争顶头球瞬间，则（）
A. 球受到人的作用力是因为球的形变产生的
B. 头对球的作用力与球对头的作用力大小相等
C. 头对球的作用力与球的重力是一对平衡力
D. 球员离地争顶头球上升阶段属于超重状态，下降阶段属于失重状态
6.如图所示是小姚同学在草地上翻跟头的瞬间。

在翻转过程中，其身体以
手掌为中心转动，则（）
A. 身体上A点转动过程中线速度不变
B. 身体上A、B两点线速度大小相等
C. 身体上A、B两点角速度大小相等
D. 身体上A、B两点向心加速度一样大
7.山西刀削面堪称天下一绝，传统的操作方法是一手托面，一手拿刀，直接将面削到开水锅里。

如图所
示，面刚被削离时与开水锅的高度差h=0.8m，与锅的水平距离L=0.5m，锅的半径R=0.5m。

若将削出的小面圈运动视为平抛运动，要使其落入锅中，其水平初速度v0可为（）
A. 1m/s
B. 3m/s
C. 4m/s
D. 5m/s
8.2018年12月12日16：45，“嫦娥四号”成功实施了近月制动，顺利完成“太空刹车”，被月球捕获，
进入了环月轨道。

最终软着陆至月球背面南极一艾特肯盆地，完成人类探测器首次月球背面软着陆的壮举，则“嫦娥四号”（）
A. 在环月轨道运行时，处于平衡状态
B. 在地球的发射速度可以小于7.9km/s
C. 从环月轨道到登陆月球背面过程需要减速
D. 被月球捕获后就不受地球引力了
9.小张同学探究电流之间作用力关系，按如图方式连接电路，导线绕在一光滑绝缘圆管的外侧，A为圆
管中轴线EF上的某点，闭合电键S，则（）
A.小磁针在A点N极指向E
B.线圈之间不存在相互作用力
C. 线圈因受到安培力而相互吸引
D. 调换电源的正负极，线圈相互排斥
10.如图所示篮球运动员平框扣篮，起跳后头顶与篮筐齐平。

若图中篮
筐距地高度2.9m，球员竖直起跳，则其平框扣篮过程中克服重
力所做的功及离地时重力瞬时功率约为（）
A. 900J，−2000W
B. 900J，−4000W
C. 500J，−1000W
D. 2000J，−4000W
11.如图所示是一款手机和与之匹配的充电头，此手机在充电时可
以根据充电进程在快充模式和慢充模式间智能切换。

快充模式时充电头的输出电压为U1，输出电流为I1，手机的等效内阻为r1；慢充模式时充电头的输出电压为U2，输出电流
为I2，手机的等效内阻为r2，则（）
A. 快充模式时充电头输出的电功率为U1I1+I12r1
B. 快充模式时电能转化为化学能的功率为U1I1
C. 慢充模式时手机由于充电而产生的热功率为I22r2
D. 慢充模式时手机由于充电而产生的热功率为U22
r 2
12.如图所示，水平地面上固定一个绝缘直角三角形框架ABC，其中
∠ACB=θ．质量为m，带电量为q的小圆环a套在竖直边AB上，AB面
与圆环的动摩擦因数为μ，质量为M、带电量为+Q的小滑块b位于斜
边AC上，a、b静止在同一高度上且相距L．已知圆环、滑块视为质点，
AC面光滑，则（）
A. 圆环a带正电
B. 圆环a受到的摩擦力为μk Qq
L2
C. 小球b受到的库仑力为Mg
tanθ
D. 斜面对小球b的支持力为Mg
cosθ
13.如图所示，竖直光滑绝缘细直杆两侧放置电荷量为4q和q的两个正点电荷甲、乙，
甲、乙在相同高度且到竖直杆的距离之比为2：1．现将质量为m的带负电小环（可
视为质点）串在细杆上，并从A点静止释放，经两正电荷连线上的B点，继续向下
运动到杆上C点（图中未标注）时速度恰好为0，则（）
A. A、C两点的电场强度大小相等
B. 小环在A点的加速度小于B点
C. 小环经过B点时的动能最大
D. 小环在C点的电势能大于A点
二、多选题（本大题共3小题，共6.0分）
14.【加试题】下列说法正确是的（）
A. 机械波和电磁波既有横波又有纵波
B. 电子仪器套上金属罩防止外界电场干扰是应用静电屏蔽原理
C. 办公区域和家中常用的WiFi信号传输距离不长是因为其波长太长
D. LC振荡电路中自感系数L和电容C都减小一半可使振荡频率增大一倍
15.【加试题】某同学用某一金属为阴极的光电管，观测光电效应现象，实验装置示意图如图甲所示。

测
得该金属的遏止电压U c与入射光频率v之间的关系如图乙所示，已知普朗克常量h=6.63×10-34J•s，则：（）
A. 图甲中电极A为光电管的阳极
B. 探究遏止电压U c与入射光频率v关系时，电源的左侧是正极
C. 该金属的截止频率v c为5.15×1014Hz
D. 该金属的逸出功为3.41×10−19eV
16.【加试题】如图所示，玻璃中有一足够长的长方体空气泡。

玻璃中有两束平行的光：甲光（红光）和
乙光（紫光），两者相距为d，斜射到空气泡上表面，则（）
A. 若甲光能从矩形空气泡的下表面射出，则乙光一定也能从下表面射出
B. 若两种光经上表面折射后均能从下表面出射，则出射光线间距离一定小于d
C. 若两种光经上表面折射后均能从下表面出射，则出射光线间距离一定大于d
D. 甲、乙两种光，均是原子核外电子受激发而产生的
三、实验题探究题（本大题共3小题，共14.0分）
17.小胡同学选用合适的器材进行“小车速度随时间变化规律实验”，“验证机械能守恒定律实验”，“功
与速度变化关系实验”。

（1）下列实验器材是这3个实验都要选用的是______（填器材编号）
（2）以下3条纸带分别对应3个实验，请同学们读出纸带1中A点对应的刻度______，求出纸带1上A点的速度______m/s。

（3）请判断“验证机械能守恒定律实验”打出的纸带是______（填“纸带1”或“纸带2”或“纸带3”）18.某实验小组欲测定一个元件的伏安特性，具体操作如下：
（1）此元件有a、b两接线端，先用多用电表欧姆档粗测其阻值。

当红表笔接a端，黑表笔接b端时，表盘和指针如图甲所示，当红表笔接b端，黑表笔接a端时，表盘和指针如图乙所示。

乙图中表盘和指针所示阻值为______Ω。

（2）测定此元件伏安特性所需器材和部分接线如图丙所示，请在答题卷相应位置的实物图中用笔代替导线补全电路。

（3）实验中合适的滑动交阻器应该选择______。

A.1-10Ω
B.0-100Ω
（4）根据实验所得数据在坐标纸中描点并拟合所得伏安特性曲线如图丁所示。

由伏安特性曲线可知，当此元件外加电压为0.50V时，其实际功率为______W．
19.【加试题】小詹同学在家里利用单摆来测定当地的重力加速度，他设计的实验步骤的是：
A．选择体积小、密度大的球
B．用刻度尺测量细线的长度l作为摆长
C．把单摆从平衡位置拉开300的摆角，然后由静止释放
D．从摆球摆到最低点时开始计时，测出石块经过最低点30次的总时间t，由T =t
30
得出周期（1）则该同学以上实验步骤中有错误的是______（填写选项）
（2）小詹同学某次测量后秒表示数如图所示，请读出时间______s
（3）以细线的长度l作为摆长，改变摆长，进行多次测量，先通过描点法作出T2-l图象，再利用图象的斜率来求解重力加速度，则用细线的长度作为摆长将使重力加速度的测量值______（填“大于”“小于”或“等于”）真实值，根据图象能不能求解出小球的直径______（填“能”或“不能”）。

四、计算题（本大题共4小题，共41.0分）
20.如图所示，我国“辽宁号航母的舰载机采用滑跃起飞方式，即飞机依靠自身发动机从静止开始加速至
滑跃起飞，滑跃仰角为θ．其起飞跑道可视为由长度为l1=1.6×102m的水平跑道和长度为l2=20m的倾斜跑道两部分组成，水平跑道与倾斜跑道末端的高度差h=4m。

已知质量m=2.0×104kg的舰载机喷气发动机推力大小恒为F=1.2×105N，方向与速度方向相同。

若飞机起飞过程中受到的阻力大小恒为飞机重力的0.1倍，飞机质量视为不变并看成质点，航母处于静止状态，则：
（1）求飞机在水平跑道运动的时间；
（2）求飞机在倾斜跑道上的加速度；
（3）为了使飞机速度在倾斜跑道的末端达到√4920m/s，外界还需要在整个水平轨道对飞机施加助推力，求助推力F推的大小。

21.如图所示，斜面ABC下端与圆弧轨道CDE相切于C，整个装置竖直固定，D是圆轨道的最低点，斜面
的倾角θ=37°，B与圆心O等高，圆弧轨道半径r=0.5m，斜面高h=1.4m。

现有一个质量m=1kg的小物块P（视为质点）从斜面上端A点静止下滑，经竖直圆轨道回到最低点D′点以后经直轨道D′F冲上两个半径R=0.4m的圆管轨道，所有轨道均光滑取sin37°=0.6，cos37°=0.8，忽略空气阻力，求：
（1）物体到达D点对轨道的压力大小；
（2）若物体要不脱离轨道的基础上能通过圆管轨逍最高点G，则物体释放的高度至少为多少（距离斜面底端的高度）；
（3）现在BC段铺上不同材料，材料的动摩擦因数μ≤2，物体仍然从A点静止下滑，则要使物体最终
停在BC的中点位置Q（图中未标示），试着讨论μ可能的取值？
22.【加试题】如图所示，有两光滑平行金属导轨，MA、ND段用特殊材料包裹，绝缘不导电，导轨的间
距l=1m，左侧接电容器，右侧接R=6Ω的电阻，ABCD区域、EFGH区域、MN左侧均存在垂直于平面，磁感应强度B=1T的匀强磁场，ABCD区域、EFGH区域宽度均为d=2.4m，FG的右侧固定一轻质绝缘弹簧。

金属杆a、b的质量均为m=0.1kg，电阻分别为r1=3Ω、r2=6Ω，金属杆a静止在MN左侧，金属杆b静止在BEHC区域，电容器的电容C=0.1F，电容器充电完毕以后闭合电键S，经过一段时间金属杆a获得恒定的速度滑入MA、ND，通过ABCD区域后与佥属杆b发生弹性碰撞，最后金属杆b压缩弹簧，弹簧形变量最大时弹簧被锁定（金属杆b静止），弹簧储存的弹性势能为0.2J，则求：
（1）电容器上极板的电性（“正电”或“负电”）并说明理由；
（2）金属杆b刚要离开EFGH区域磁场瞬间，受到的安培力大小；
（3）从进入ABCD区域到锁定过程，金属杆a上产生的焦耳热；
（4）电容器充电完毕后所带的电荷量。

23.【加试题】如图所示，在x轴的上方存在着垂直于纸面向外、磁感应强度大小为B的匀强磁场，在x
轴上坐标为（2R，0）至（3.6R，0）区域存在宽度为1.6R的屏，可以吸收打到屏上的粒子，在第三象限存在半径为R、垂直于纸面、磁感应强度大小为2B的圆形磁场（磁场的右边界与y轴相切于P点）。

P点有一粒子源，可射出按角度均匀分布、速度大小相等的带正电粒子，粒子射出方向在与x轴负方向两边各53°区域内，其中沿x轴负方向射出的粒子从（-R，0）位置垂直于x轴进入上方的磁场区域，
已知粒子质量为m、电荷量为q，求：
（1）P点射出粒子的速度大小及圆形磁场的方向；
（2）屏能接收到的粒子数与P点射出粒子数的比值η；
（3）若屏保持水平仅沿y轴方向移动，请写出η与屏纵坐标y的关系式。

答案和解析
1.【答案】C
【解析】
解：A、根据万有引力定律F=G知：F的单位是N，m1和m2的单位是kg，r的单位是m，推导出来引力常量G的单位为N•m2/kg2，故A错误；
B、根据f=μN知f和N的单位均为N，则μ没有单位，故B错误；
C、根据胡克定律F=kx知，F的单位是N，x的单位是m，则k的单位是N/m，故C正确；
D、根据电阻定律R=知，R的单位是Ω，L的单位是m，S的单位是m2，推导可知，ρ的单位是Ω•m，故D错误。

故选：C。

根据万有引力定律、摩擦力公式、胡克定律和电阻定律，来分析各个量的单位。

本题中的单位可由其他各量的单位进行推导得出，要掌握各个物理量的关系即相关公式，以及各个量单位之间的关系。

2.【答案】A
【解析】
解：16日17时对应时间轴上的点，为时刻；而45m/s是台风登陆时刻的速度，为瞬时速度的大小，即瞬时速率。

故A正确，BCD错误
故选：A。

时刻指的是某一瞬时，是时间轴上的一点，时间是两时刻的间隔，是时间轴上的一段。

，瞬时速度为物体某一位置或某一时刻对应的速度，平均速度为某一段时间内对应的速度。

解决本题的关键是掌握时间与时刻、平均速度与瞬时速度的区别。

3.【答案】B
【解析】
解：A、由图象可知，10s-20s小张的位移不变，则静止不动，故A错误；
B、位移图象的“斜率”等于速度，则在第6s的速度：v==3m/s，故B正确；
C、由图可知，小张在20s-40s内做匀速直线运动，则加速度为0，故C错误；
D、由图可知，小张距离出发点最远为30m，故D错误；故选：B。

位移图象的“斜率”等于速度。

倾斜的直线运动表示匀速直线运动，平行于t轴的图线表示静止。

位移等于坐标的变化量。

本题是位移图象问题，考查基本的识图能力，关键抓住“斜率”等于速度，位移等于坐标的变化
量。

4.【答案】D
【解析】
解：喷出的水做竖直上抛运动，取竖直向上为正方向，加速度为-g，则有：
-v02=-2gh
得水柱高度为：
h==≈140m
故选：D。

喷出的水做竖直上抛运动，可看成加速度为-g的匀减速直线运动，根据位移时间公式求水柱高度。

本题首先要建立物理模型，将实际的运动简化，其次找到物理规律：水做加速度为-g的匀减速直线运动，到达最高点时速度为零。

5.【答案】B
【解析】
A、球受到人的作用力是人的形变产生的，故A错误
B、头对球的作用力与球对头的作用力是作用力与反作用力，大小相等方向相反，故B正确
C、头对球的作用力与球的重力合力不是0，不是平衡力，故C错误
D、球员离地后为不论上升与下降均是失重状态，故D错误
故选：B。

作用力与反作用力大小相等，方向相反，受力物为两个物体，平衡力大小相等方向相反，受力物是一个物体；
物体有向下的加速度为失重状态，向上的加速度为超重状态。

考查基本原理的理解，明确作用力，反作用力与平衡力的区别，知道超、失重的条件。

6.【答案】C
【解析】
解：A、身体上A点转动过程中线速度方向时刻变化，故A错误；
BC、同轴转动角速度相同，所以身体上A、B两点角速度大小相等，根据v=rω可知身体上A、B 两点线速度关系是A的线速度大于B，故B错误、C正确；
D、根据向心加速度a=rω2可知，A的向心加速度大小大于B的向心加速度大小，故D错误；
故选：C。

线速度是一个矢量，圆周运动的线速度是一个变量；根据同轴转动角速度相等结合线速度、向心加速度与角速度的关系进行分析。

本题主要是考查了圆周运动的线速度、角速度和向心加速度的计算，知道同轴转动角速度相等是关键。

7.【答案】B
【解析】
解：根据h=得，t=，
水平位移的范围：L＜x＜L+2R，
根据得，初速度的范围为：1.25m/s＜v＜3.75m/s，故B正确，A、C、D错误。

故选：B。

削出的小面做平抛运动，根据高度求出平抛运动的时间，结合水平位移的范围求出平抛运动初速度的范围，从而确定速度的大小。

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移。

8.【答案】C
【解析】
解：A、嫦娥四号在环月轨道运行时，万有引力提供向心力，嫦娥四号处于失重状态。

故A错误；
B、7.9km/s是从地球发射卫星的最小速度，可知在地球的发射嫦娥四号的速度一定大于
7.9km/s。

故B错误；C、嫦娥四号在椭圆轨道进入圆轨道需减速，故C正确；
D、嫦娥四号被月球捕获后仍然受地球引力。

故D错误。

故选：C。

做匀速圆周运动的嫦娥四号处于失重状态；嫦娥四号在椭圆轨道进入圆轨道需减速，使得万有引力等于需要的向心力。

掌握开普勒行星运动定律，知道质量相同的卫星轨道半径越大卫星具有更高的能量，在同一地点卫星具有更大的速度，但是加速度相等，这是正确解题的关键。

9.【答案】C
【解析】
解：A、根据右手螺旋定则，可知，A处的磁场方向由E指向F，那么小磁针在A点N极指向F，故A错误；
BC、当线圈通入电流时，则线圈之间的电流方向相同，则会受到安培力作用，出现相互吸引现象，故B错误，C正确；
D、即使调换电源的正负极，线圈之间的电流方向仍相同，则还是相互吸引，故D错误；
故选：C。

根据右手螺旋定则，判定A处的磁场方向，结合小磁针静止时，N极的指向即为磁场方向；再根据左手定则，可知，同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，即可一一求解。

考查右手螺旋定则与左手定则的应用，掌握小磁针N极指向与磁场方向的关系，理解左手定则与右手定则的不同。

10.【答案】B
【解析】
解：篮球运动员的身高约为1.8m，则跳起的高度h=2.9m-1.8m=1.1m
篮球运动员的体重约为mg=800N，
则起跳过程中克服重力做的功W=mgh=880J≈900J
起跳时的速度为v，则根据位移速度关系可得：v2=2gh，
解得v==4.7m/s
离地时重力瞬时功率约为P=-mgv=-3760W≈-4000W，故B正确、ACD错误。

故选：B。

估计运动员的身高和体重，根据重力做功的计算公式求解克服重力做的功；求出离地时的瞬时速度，结合瞬时功率的计算方法进行解答。

本题主要是考查功和功率的计算，解答本题的关键是能够根据实际情况估计运动员的身高和体重，根据重力做功的计算公式以及瞬时功率的计算方法进行解答。

11.【答案】C
【解析】
解：A、快充模式时充电头的输出电压为U1，输出电流为I1，则快充模式时充电头的输出电压为U1，输出电流为I1，快充模式时充电头输出的电功率为U1I1．故A错误；
B、快充模式时手机的等效内阻为r1；则热功率：，所以快充模式时电能转化为化学能的功率为U1I1+I r1．故B成为；
C、慢充模式时输出电流为I2，手机的等效内阻为r2，则慢充模式时手机由于充电而产生的热功率为．故C正确；
D、充电电路不是纯电阻电路，所以不能使用公式求产生的电热。

故D错误
故选：C。

根据电功、电功率以及热功率的公式，结合各公式的使用条件，逐项分析即可。

该题考查电功、电功率的几个公式以及各公式的使用条件，要注意充电器充电的过程不是纯电阻电路。

12.【答案】D
【解析】
解：A、a、b静止在同一高度上，对b，受到重力，斜面的支持力，及a对b的库仑引力，从而处于平衡状态，由于b带正电，因此环a带负电，故A错误；
B、环a处于静止状态，受到是静摩擦力，那么其大小为F f=mg，并不滑动摩擦力，因此不可能为F f =μk，故B错误；
CD、对b受力分析，依据矢量的合成法则，及三角知识，则有：库仑引力F=k，或F=Mgtanθ，而斜面对b的支持力为F N =，故C错误，D正确；
故选：D。

依据同种电荷相斥，异种电荷相吸，结合受力平衡条件，及利用平衡状态求解静摩擦力大小，最后根据矢量的合成法则，结合三角知识，即可一一求解。

考查库仑定律与平衡条件的应用，掌握矢量的合成法则的内容，及三角函数的运用，注意静摩擦力与滑动摩擦力大小求解的区别。

13.【答案】D
【解析】
解：AD、带负电小环从A静止释放，到C点速度为零，依据动能定理，可知，电场力做功与重力做功相等，那么BC间距大于AB，因此A、C两点的电场强度大小不相等，且环在C点的电势能大于A点，故A错误，D正确；
B、依据点电荷的电场强度公式，结合矢量的合成法则，则可知，A与B两点的电场强度均不为零，但无法比较其大小，故B错误；
C、在B点环受到电场力在两点电荷的连线上，因此其合力不为零，则环在此处的速率不为零，那么B点时的动能不是最大，故C错误；
故选：D。

依据动能定理，结合从A静止到C速度为零，从而确定AB与BC间距，进而判定AC两点的电场强度大小关系，及两点的电势能的高低，依据合力为零，加速度为零时，速度最大，则动能最大，即可求解。

考查动能定理的应用，掌握电场力做功与电势能的变化关系，及速度最大处的加速度为零的理
解。

14.【答案】BD
【解析】
解：A、电磁波是横波，而机械波既有横波又纵波；故A错误；
B、封闭金属罩有屏蔽静电的作用。

将电子设备置于接地封闭金属罩中，可避免外界电场对设备的影响，故B正确；
C、WiFi信号限于短程传输，是因为其能量太低，而在传输中存在能量损失；故不能远程传播；
故C错误；
D、根据f=，知自感L和电容C都减小一半，则振荡频率增大一倍，故D正确。

故选：BD。

电磁波是横波，而机械波有横波，也有纵波；
封闭金属罩有屏蔽静电的作用；
波长越长频率越低，能量越小，传播中存在能量损失；
LC振荡电路的振荡频率f=，根据该公式进行分析。

考查电磁波与机械波的区别，理解静电屏蔽的原理，掌握LC振荡电路的振荡频率f=，
并能灵活运用。

15.【答案】AC
【解析】
解：A、电子从金属板上射出后被电场加速，由此可知A板为正极即为阳极，故A正确；
B、探究遏止电压U c与入射光频率v关系时，电源的左侧是阴极。

故B错误；
C、由E km=hv-W0和eU C=E Km得：eU C=hv-W0，因此当遏制电压为零时，hv0=W0，由此，结合图中数据可知该金属的截止频率v c为5.15×1014Hz，故C正确；
D、根据图象可知截止频率v c为5.15×1014Hz，则该金属的逸出功：
W0=hv0=6.63×10-34×5.15×1014=2.13eV．故D错误
故选：AC。

光电子从金属板上射出后被电场加速，由此可知A板为正极，根据光电效应方程E km=hv-W0和eU C=E Km得出遏止电压Uc与入射光频率v的关系式，从而进行判断。

解决本题的关键掌握光电效应方程，以及知道遏止电压与最大初动能之间的关系。

16.【答案】CD
【解析】
解：A、根据折射率的公式可知，光进入空气后的折射角将大于入射角，所以都向右偏折，乙光有可能从空气泡的右侧边射出。

故A错误；
BC、光线通过平行空气泡时，要发生两次折射，因为空气泡上下两个表面平行，上表面的折射角等于下表面的入射角，根据光路的可逆性，可知出射光线与入射光线一定平行。

由于紫光的折射率大于红光的折射率，紫光通过空气泡后光线的侧移较大，所以两条出射光线间距一定大于d。

故B错误，C正确。

D、根据光产生的原理可知，红色光与紫色光都是原子核外电子受激发而产生的。

故D正确。

故选：CD。

光线通过平行空气泡时，要发生两次折射。

由于空气泡上下两个表面平行，上表面的折射角等于下表面的入射角，根据光路的可逆性，分析出射光线与入射光线的关系。

红光的折射率小于紫光的折射率，通过平行空气泡后红光的侧向位移小于紫光的侧向位移，即可判断d的变化。

本题根据折射定律和光路的可逆性理解平行玻璃砖的光学特性。

要知道：当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角。

17.【答案】CD11.70cm 1.60 纸带3
【解析】
解：（1）探究小车速度随时间变化规律、验证机械能守恒定律、探究功与速度变化关系实验都需要使用纸带，所以都要使用打点计时器，在纸带中需测量点迹间的距离，所以还需要刻度尺，故选：CD。

（2）刻度尺的读数需读到最小刻度的下一位，则A点对应的刻度为11.70cm。

A点的瞬时速度。

（3）验证机械能守恒定律时，重物做加速度为g的匀加速直线运动，相等时间内位移之差大约为△x=gT2=10×0.022m=0.004m=4mm，可知该纸带为纸带3。

故答案为：（1）CD，（2）11.70cm，1.60，（3）纸带3。

（1）根据实验的原理得出需要测量的物理量，从而判断3个实验都需要的器材。

（2）刻度尺的读数需读到最小刻度的下一位，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出A点的速度。

（3）根据连续相等时间内的位移之差是一恒量得出验证机械能守恒定律实验纸带上相邻相等。