2018年湖南单招物理模拟试题
湖南省达标名校2018年高考三月物理模拟试卷含解析
湖南省达标名校2018年高考三月物理模拟试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图，一个质量为m的刚性圆环套在竖直固定细杆上，圆环的直径略大于细杆的直径，圆环的两边与两个相同的轻质弹簧的一端相连，轻质弹簧的另一端相连在和圆环同一高度的墙壁上的P、Q两点处，弹簧的劲度系数为k，起初圆环处于O点，弹簧处于原长状态且原长为L；将圆环拉至A点由静止释放，OA=OB=L，重力加速度为g，对于圆环从A点运动到B点的过程中，弹簧处于弹性范围内，下列说法正确的是A．圆环通过O点的加速度小于gB．圆环在O点的速度最大C．圆环在A点的加速度大小为g+2kL mD．圆环在B点的速度为2gL2．如图所示，斜面置于粗糙水平地面上，在斜面的顶角处，固定一个小的定滑轮，质量分别为m1、m2的物块，用细线相连跨过定滑轮，m1搁置在斜面上．下述正确的是（）A．如果m1、m2均静止，则地面对斜面没有摩擦力B．如果m1沿斜面向下匀速运动，则地面对斜面有向右的摩擦力C．如果m1沿斜面向上加速运动，则地面对斜面有向左的摩擦力D．如果m1沿斜面向下加速运动，则地面对斜面有向右的摩擦力3．如图所示，在一个粗糙水平面上，彼此靠近地放置两个带同种电荷的小物块。
由静止释放后，两个物块向相反方向运动，并最终停止。
在物块的运动过程中，下列表述正确的是A．物块受到的摩擦力始终小于其受到的库仑力B．库仑力对两物块做的功相等C．最终，两个物块的电势能总和不变D．最终，系统产生的内能等于库仑力做的总功A．图甲是α粒子散射实验装置，卢瑟福指导他的学生们进行α粒子散射实验研究时，发现了质子和中子B．图甲是α粒子散射实验装置，汤姆孙根据α粒子散射实验，提出了原子“枣糕模型”结构C．图乙是研究光电效应的实验装置，根据光电效应规律，超过极限频率的入射光频率越大，则光电子的最大初动能越大D．图乙是研究光电效应的实验装置，根据光电效应规律，超过极限频率的入射光光照强度一定，则光的频率越大所产生的饱和光电流就越大5．如图所示，一固定的细直杆与水平面的夹角为α=15°，一个质量忽略不计的小轻环C套在直杆上，一根轻质细线的两端分别固定于直杆上的A、B两点，细线依次穿过小环甲、小轻环C和小环乙，且小环甲和小环乙分居在小轻环C的两侧．调节A、B间细线的长度，当系统处于静止状态时β=45°.不计一切摩擦．设小环甲的质量为m1，小环乙的质量为m2，则m1∶m2等于( )A．tan 15°B．tan 30°C．tan 60°D．tan 75°6．如图所示的电路中，D1、D2是完全相同的灯泡，线圈L的自感系数较大，直流电阻不计。
2018届湖南省高考模拟考试物理试卷
2018届湖南省高考模拟考试物理试卷一、选择题详细信息1.难度：中等如图所示，一个固定在水平面上的光滑物块，其左侧面是斜面AB，右侧面是曲面AC，已知AB和AC的长度相同．两个小球p、q同时从A点分别沿AB和AC由静止开始下滑，比较它们到达水平面所用的时间( )A. p小球先到B. q小球先到C. 两小球同时到D. 无法确定详细信息2.难度：中等物体沿一直线运动，在t时间内通过的位移为x，它在中间位置处的速度为v1，v1和v2的关系为在中间时刻时的速度为v2，则A. 当物体做匀加速直线运动时,v1＞v2B. 当物体做匀减速直线运动时，v1＞v2C. 当物体做匀速直线运动时，v1＝v2D. 当物体做匀减速直线运动时，v1＜v2详细信息3.难度：中等如图所示，小球的密度小于杯中水的密度，弹簧两端分别固定在杯底和小球上．静止时弹簧伸长△x．若全套装置做自由落体运动，则在下落过程中弹簧的伸长量将A. 仍为△xB. 大于△xC. 小于△x，大于零D. 等于零详细信息4.难度：中等气象研究小组用图示简易装置测定水平风速。
在水平地面上竖直固定一直杆,半径为R、质量为m 的薄空心塑料球用细线悬于杆顶端O,当水平风吹来时,球在风力的作用下飘起来.已知风力大小正比于风速和球正对风的截面积,当风速v0=3m/s 时,测得球平衡时细线与竖直方向的夹角θ=30°。
则A. θ=60°时,风速v=6m/sB. 若风速增大到某一值时,θ可能等于90°C. 若风速不变,换用半径变大、质量不变的球,则θ不变D. 若风速不变,换用半径相等、质量变大的球,则θ减小详细信息5.难度：简单如图所示，质量为m的球置于斜面上，被一个竖直挡板挡住．现用一个力F拉斜面，使斜面在水平面上做加速度为a的匀加速直线运动，忽略一切摩擦，以下说法中正确的是A. 斜面和挡板对球的弹力的合力等于maB. 斜面对球不仅有弹力，而且该弹力是一个定值C. 若加速度足够小，竖直挡板对球的弹力可能为零D. 若加速度足够大，斜面对球的弹力可能为零详细信息6.难度：中等如图所示，物体B的上表面水平，当A、B相对静止沿斜面匀速下滑时，斜面在水平面上保持静止不动，则下列判断正确的有A. 物体C受水平面的摩擦力方向一定水平向右B. 水平面对物体C的支持力小于三物体的重力大小之和C. 物体B、C都只受4个力作用D. 物体B的上表面一定是粗糙的详细信息7.难度：中等A. 可能为mgB. 可能为mgC. 可能为mgD. 可能为mg详细信息8.难度：中等如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动．在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ＜tanθ，则下图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是（）A. B. C. D.详细信息9.难度：中等如图所示，AB和CD为两条光滑斜槽，它们各自的两个端点均分别位于半径为R 和r的两个相切的圆上，且斜槽都通过切点P。
2018年湖南高考物理模拟题及答案(1)
2018年湖南高考物理模拟题及答案（1）★1.如图所示的四个图中，分别标明了通电导线在磁场中的电流方向、磁场方向以及通电导线所受磁场力的方向，其中正确的是( ).【1】答案:C★2.如图所示，通电导线MN在纸面内从a位置绕其一端M转至b位置时，通电导线所受安培力的大小变化情况是( ).【l】(A)变小(B)不变(C)变大(D)不能确定答案:B★3.将长度为20cm、通有O.1A电流的直导线放入一匀强磁场中，电流与磁场的方向如图所示.已知磁感应强度为1T，试求下列各图中导线所受安培力的大小并在图中标明方向.【4】(1)F A=________N.(2)F B=________N.(3)F C=________N.(4)F D=________N.答案:(1)0(2)0.02 (3)0.01 (4)0.02，方向略★★4.赤道上某处有一竖直的避雷针，当带有正电的乌云经过避雷针的上方时，避雷针开始放电，则地磁场对避雷针的作用力的方向为( ).【1】(A)正东(B)正南(C)正西(D)正北答案:A★★5.如图所示，放在马蹄形磁铁两极之间的导体棒ab，当通有自b到a的电流时受到向右的安培力作用，则磁铁的上端是________极.如磁铁上端是S极，导体棒中的电流方向自a到b，则导体棒受到的安培力方向向________.【1.5】答案:N，右纵向应用★★6.如图所示，两根互相绝缘、垂直放置的直导线ab和cd，分别通有方向如图的电流，若通电导线ab固定小动，导线cd能自由运动，则它的运动情况是( ).【2】(A)顺时针转动，同时靠近导线ab(B)顺时针转动，同时远离导线ab(C)逆时针转动，同时靠近导线ab(D)逆时针转动，同时远离导线ab答案:C★★7.如图所示，在条形磁铁S极附近悬挂一个线圈，线圈与水平磁铁位于同一平面内，当线圈中电流沿图示方向流动时，将会出现( ).【2】(A)线圈向磁铁平移(B)线圈远离磁铁平移(C)从上往下看，线圈顺时针转动，同时靠近磁铁(D)从上往下看，线圈逆时针转动，同时靠近磁铁答案:D★★★8.一个可以自由运动的线圈L1和一个固定的线圈L2互相绝缘垂直放置，且两个圆线圈的圆心重合，当两线圈都通有如图所示方向的电流时，则从左向右看，线圈L1将( ).【2.5】(A)不动(B)顺时针转动(C)逆时针转动(D)向纸外平动答案:D★★★9.如图所示，一位于xy平面内的矩形通电线圈只能绕Ox轴转动，线圈的四个边分别与x、y轴平行，线圈中电流方向如图所示.欲使线圈转动起来空间应加上的磁场是( ).(1991年全国高考试题)【3】(A)方向沿x轴的恒定磁场(B)方向沿y轴的恒定磁场(C)方向沿z轴的恒定磁场(D)方向沿z轴的变化磁场答案:B★★★10.如图所示，一根有质量的金属棒MN，两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点.棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，此时悬线上有拉力.为了使拉力等于零，可( ).(1991年上海高考试题)【3】(A)适当减小磁感应强度(B)使磁场反向(C)适当增大电流强度(D)使电流反向答案:C★★11.如图所示，一金属直杆MN两端接有导线，悬挂于线圈上方，MN与线圈轴线均处于同一竖直平面内，为使MN垂直纸面向外运动，可以( ).【4】(A)将a、c端接在电源正极，b、d端接在电源负檄(B)将b、d端接在电源正极，a、c端接在电源负极(C)将a、d端接在电源正极，b、c端接在电源负极(D)将a、c端接在交流电源的一端,b、d接在交流电源的另一端答案:ABD★★★12.如图所示，一细导体杆弯成四个拐角均为直角的平面折线，其ab、cd段长度均为l1，bc段长度为l2.弯杆位于竖直平面内，Oa、dO’段由轴承支撑沿水平放置.整个弯杆置于匀强磁场中，磁场方向竖直向上，磁感应强度为B.今在导体杆中沿abcd通以大小为I的电流，此时导体杆受到的安培力对OO’轴的力矩大小等于________.(1996年全国高考试题)p.98【3】答案:BIl1l2★★★13.在同一平面上有a、b、c三根等间距平行放置的长直导线，依次载有电流强度为1A 、2A 、3A 的电流，各电流的方向如图所示，则导线a 所受的合力方向向________，导线b 所受的合力方向向________.(1998年上海高考试题)【3】答案:左，右★★★14.在倾角为θ的光滑斜面上，放置一通有电流I 、长L 、质量为m 的导体棒，如图所示，试求:(1)使棒静止在斜面上，外加匀强磁场的磁感应强度B 的最小值和方向.(2)使棒静止在斜面上且对斜面无压力，外加匀强磁场磁感应强度B 的最小值和方向.【6】 答案:(1)IL mgsin ，垂直斜面向下 (2)ILmg ，水平向左 横向拓展★★★15.质量为m 的通电细杆ab 置于倾角为θ的导轨上，导轨的宽度为d ，杆ab 与导轨间的摩擦因数为μ.有电流时，ab 恰好在导轨上静止，如图所示.图(b )中的四个侧视图中，标出了四种可能的匀强磁场方向，其中杆ab 与导轨之间的摩擦力可能为零的图是( ).【4】答案:AB★★★16.电流表中通以相同的电流时，指针偏转的角度越大，表示电流表的灵敏度越高.下列关于电流表灵敏度的说法中正确的是( ).【3】(A )增加电流计中的线圈匝数，可以提高电流表的灵敏度(B )增强电流计中永久磁铁的磁性，可以提高电流表的灵敏度(C )电流计中通的电流越大，电流表的灵敏度越高(D )电流计中通的电流越小，电流表的灵敏度越高答案:AB★★★17.一矩形通电线框abcd 可绕其中心轴OO ’转动，它处在与OO ’垂直的匀强磁场中，如图所示.在磁场作用下线框开始转动，最后静止存平衡位置，则平衡后( ).【4】(A )线框四边都不受磁场的作用力(B )线框四边受到指向线框外部的磁场力，但合力为零(C )线框四边受到指向线框内部的磁场力，但合力为零(D )线框的一对边受到指向线榧外部的磁场作用力，另一对边受到指向线框内部的磁场作用力，但合力为零答案:B★★★18.如图所示的天平可用来测定磁感应强度.天平的右臂下面挂有一个矩形线圈，宽为l ，共N 匝.线罔的下部悬在匀强磁场中，磁场方向垂直纸而.当线圈中通有电流I (方向如图)时，在天平左、右两边加上质量各为m 1、m 2的砝码，天平平衡.当电流反向(大小不变)时，右边再加上质量为m 的砝码后，天平重新平衡.由此可知( ).(1993年全国高考试题)【5】(A )磁感应强度的方向垂直纸面向里，大小为(m 1-m 2)g /NIl(B)磁感应强度的方向垂直纸面向里，大小为mg/2NIl(C)磁感应强度的方向垂直纸面向外，大小为(m1-m2)g/NIl(D)磁感应强度的方向垂直纸面向外，大小为mg/2NIl答案:B★★★19.如图所示是光点电流计的示意图.在电流计的转轴上同定一块小平面镜M，当无电流通过线圈N时，从光源S发出的一束细光束，通过小孔O垂直射到镜面上，反射后恰好射在刻度盘中点O处，刻度盘是在以镜面中心为圆心的水平圆弧上.已知线圈转过的角度与通过线圈的电流成正比，即θ=kI，k=1°(μA)-1.如果有某一电流通过线圈时，光点从O移到P点，OP对应的角度为30°，则通过电流计的电流为________μA.【4】答案:15★★★20.电磁炮是一种理想的兵器，它的主要原理如图1333所示.1982年澳大利亚国立大学制成了能把m=2.2g的弹体(包括金属杆CD的质量)加速到v=10km／s的电磁炮.若轨道宽l=2m，长s=100m，通过的电流为I=10A，则轨道间所加的匀强磁场的磁感应强度B=________T，磁场力的最大功率P=________W(轨道摩擦不计).【5】答案:55，1.1×107★★★21.如图所示，两根平行放置的长直导线a和b载有大小相同、方向相反的电流，a受到的磁场力大小为F1，当加入一与导线所在平面垂直的匀强磁场后，a受到的磁场力大小变为F2，则此时b受到的磁场力大小变为( ).(2000年上海高考试题)【4】(A)F2(B)F1-F2(C)F1＋F2(D)2F1-F2答案:A★★★★22.一条形磁铁静止在斜面上，固定在磁铁中心的竖直上方的水平导线中通有垂直纸面向里的恒定电流，如图所示.若将磁铁的N极位置与S极位置对调后，仍放在斜面上原来的位置，则磁铁对斜面的压力F和摩擦力f的变化情况分别是( ).【6】(A)F增大，f减小(B)F减小，f增大(C)F与f都增大(D)F与f都减小答案:C★★★★23.矩形导线框接在电压恒定的电路中，且与磁感线平行地放在匀强磁场中，此时它受到的磁力矩为M，要使线框受到的磁力矩变为M/2，可以采取的措施是( ).【6】(A)将匝数减少一半(B)将线框的长宽都减少一半(C)将线框转过30°角(D)将线框转过60°角答案:BD★★★★24.如图所示，在光滑水平桌面上，有两根弯成直角的相同金属棒，它们一端均可绕固定转动轴O自由转动，另一端b互相接触，组成一个正方形线框，正方形每边长度均为l，匀强磁场的方向垂直桌面向下.当线框中通以图示方向的电流I时，两金属棒在b点相互作用力为f，则此时磁感应强度的大小为________(不计电流产生的磁场).(1996年上海高考试题)p.94【5】答案:Il f 2 ★★★★25.如图所示，柔软的导线长0.628m ，弯曲地放在光滑水平面上，两端点固定在相距很近的a 、b 两点，匀强磁场的方向竖直向下，磁感应强度B =2T ，当导线中通以图示方向的电流I =5A 时，导线中的张力为________N .【5】答案:1★★★★26.通电长导线中电流I 0的方向如图所示.边长为2L 的正方形载流线圈abcd 中的电流强度为I ，方向由a →b →c →d .线圈的ab 、cd 边以及过ad 、bc 边中点的轴线OO ’都与长导线平行.当线圈处于图示位置时，ab 边与直导线间的距离aa 1等于2L ，且aa 1与ad 垂直.已知长导线中电流产生的磁场在ab 处的磁感应强度为B 1，在cd 处的磁感应强度为上B 2，则载流线圈处于此位置时受到的磁力矩的大小为________.【6】答案:()212B 22B IL + ★★★★27.如图所示，质量为60g 的铜棒长为a =20cm ，棒的两端与长为L =30cm 的细软铜线相连，吊在磁感应强度B =0.5T 、方向竖直向上的匀强磁场中.当棒中通过恒定电流I 后，铜棒向上摆动，最大偏角θ=60°，g 取10m ／s 2，求:(1)铜棒中电流I 的大小.(2)铜棒在摆动过程中的最大速率(结果保留一位有效数字).【8】 答案:(1)A 32 (2)1m /s★★★★28.如图所示，金属棒ab 的质量m =5g ，放置在宽L =1m 、光滑的金属导轨的边缘处，两会属导轨处于水平平面内，该处有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B =0.5T .电容器的电容C =200μF ，电源电动势F =16V ，导轨平面距地面高度h =0.8m ，g 取10m ／s 2.在电键S 与1接通并稳定后，再使它与2接通，则金属棒ab 被抛到s =0.064m 的地面上，试求此时电容器两端的电压.【lO 】答案:8V★★★★★29.如图所示，一个半径为R 的导电圆环与一个轴向对称的发散磁场处处正交，环上各点的磁感应强度B 大小相等，方向均与环面轴线方向成θ角.若导线环上载有一恒定电流I ，试求磁场作用在圆环上安培力的大小和方向.【10】答案:2πBIRsin θ，方向竖直向下★★★★★30.如图所示，磁流体动力泵的矩形槽左、右两侧壁是导电极板，前后两壁是绝缘板，槽宽L =5cm ，高h =10.5cm ，槽的下部与水银面接触，上部与一竖直非导电管相连，匀强磁场方向垂直于绝缘壁，B =O .1T .给两导电极板加一电压U =1V ，取水银电阻率ρ0=10-6Ω·m ，水银密度ρ=1.4×104kg ／m 3；求水银在泵中可上升的高度.【15】 答案:150cm★★★★★31.如图所示，倾角为θ的斜面上放一木制圆柱，其质量m=0.2kg，长为l=0.1m，圆柱上顺着轴线OO’绕有N=10匝的线圈，线圈平面与斜面平行，斜面处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.5T.当通入多大的电流时，圆柱才不致往下滚动?【20】答案:1.96A。
湖南省达标名校2018年高考四月物理模拟试卷含解析
湖南省达标名校2018年高考四月物理模拟试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图，质量为m=2kg 的物体在θ=30°的固定斜个面上恰能沿斜面匀速下滑。
现对该物体施加水平向左的推力F 使其沿斜面匀速上滑，g=10m/s 2，则推力F 的大小为（ ）A ．203N 3B ．403N 3C ．203ND ．803N 32．如图所示，质量为2kg 的物体A 静止于动摩擦因数为0.25的足够长的水平桌而上，左边通过劲度系数为100N/m 的轻质弹簧与固定的竖直板P 拴接，右边物体A 由细线绕过光滑的定滑轮与质量为2.5kg 物体B 相连。
开始时用手托住B ，让细线恰好伸直，弹簧处于原长，然后放开手静止释放B ，直至B 获得最大速度已知弹簧的惮性势能为212P E kx =（其中x 为弹簧的形变量）、重力加速度g=10m/s 2.下列说法正确的是（ ）A ．A 、B 和弹簧构成的系统机械能守恒B ．物体B 机械能的减少量等于它所受的重力与拉力的合力做的功C ．当物体B 获得最大速度时，弹簧伸长了25cmD ．当物体B 获得最大速度时，物体B 速度为223m/s 3．一带电粒子从电场中的A 点运动到B 点，其运动轨迹如图中虚线所示，若不计粒子所受重力，下列说法中正确的是（ ）A ．粒子带负电荷B ．粒子的初速度不为零C ．粒子在A 点的速度大于在B 点的速度D ．粒子的加速度大小先减小后增大4．如图所示，劲度系数为k 的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m 的物体P 接触，但未与物体P 连接，弹簧水平且无形变。
现对物体P 施加一个水平向右的瞬间冲量，大小为I 0，测得物体P 向右运动的最大距离为x 0，之后物体P 被弹簧弹回最终停在距离初始位置左侧2x 0处。
已知弹簧始终在弹簧弹性限度内，物体P 与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g ，下列说法中正确的是 （ ）A ．物体P 与弹簧作用的过程中，系统的最大弹性势能20032P I E mgx mμ=- B ．弹簧被压缩成最短之后的过程，P 先做加速度减小的加速运动，再做加速度减小的减速运动，最后做匀减速运动C ．最初对物体P 施加的瞬时冲量0022I m gx μ=D ．物体P 整个运动过程，摩擦力的冲量与弹簧弹力的冲量大小相等、方向相反5．一根细线一端系一小球（可视为质点），另一端固定在光滑圆锥顶上，如图所示，设小球在水平面内做匀速圆周运动的角速度为ω，细线的张力为F T ，则F T 随ω2变化的图象是（ ）A ．B ．C ．D ．6．如图所示为氢原子的能级图，按照玻耳理论，下列说法正确的是（ ）A．当氢原子处于不同能级时，核外电子在各处出现的概率是一样的B．一个氢原子从n=4能级向基态跃迁，最多可辐射6种不同频率的光子C．处于基态的氢原子可以吸收14 eV的光子而发生电离D．氢原子从高能级跃迁到低能级，核外电子的动能减少，电势能增加二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分7．某单位应急供电系统配有一小型发电机，该发电机内的矩形线圈面积为S=0.2m2、匝数为N=100匝、电阻为r=5.0Ω，线圈所处的空间是磁感应强度为B=22T的匀强磁场，发电机正常供电时线圈的转速为n=2160r/min．如图所示是配电原理示意图，理想变压器原副线圈的匝数比为5︰2，R1=5.0Ω、R2=5.2Ω，电压表电流表均为理想电表，系统正常运作时电流表的示数为I=10A，则下列说法中正确的是A．交流电压表的示数为720VB．灯泡的工作电压为272VC．变压器输出的总功率为2720WD．若负载电路的灯泡增多，发电机的输出功率会增大8．如图为一电源电动势为E，内阻为r的稳定电路。
湖南高职单招物理模拟试题含答案
湖南高职单招物理模拟试题含答案一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．下列关于物理学史、物理概念和方法的说法中，正确的是（）A．电动势表征的是电源将其他形式的能转化为电能的本领，在大小上等于静电力把1C 的正电荷在电源内从负极送到正极所做的功B．伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法C．库仑首先提出了“场”的概念，并利用电场线、磁感线形象地描述了电场和磁场D．麦克斯韦认为，磁场会在其周围空间激发一种电场，这种电场就是感生电场2．质量为1kg的物体从空中静止释放，质点做直线运动的位移x个时间平分t2的关系图象如图所示，重力加速度g=10m/s2，则该质点（）A．在4s末重力的瞬时功率为80WB．所受空气阻力大小为8NC．第3s内的位移是10mD．任意相邻1s内的位移差都为2m3．2015年12月6日，载人飞行包在中国深圳实现了首次载人飞行，载人飞行包是一个单人飞行装置，其发动机使用汽油作为燃料提供动力，可以垂直起降，也可以快速前进，对飞行包（包括人）在下列运动过程中（空气阻力不可忽略）的说法，正确的是（）A．垂直缓慢降落，动力大小大于总重力B．水平匀速飞行，动力大小等于总重力C．垂直加速起飞，动力做的功大于克服空气阻力做的功D．水平加速前进，动力方向与运动方向相同4．如图所示，螺线管与电阻R相连，磁铁从螺线管的正上方由静止释放，向下穿过螺线管，下列说法正确的是（）A．磁铁刚离开螺线管时的加速度小于重力加速度B．通过电阻的电流先由a到b，后由b到aC．磁铁减少的重力势能等于回路产生的热量D．a的电势始终高于b的电势5．如图所示，一质量为m1的小球用轻质线悬挂在质量为m2的木板的支架上，木板沿倾角为θ的斜面下滑时，细线呈竖直状态，在木板下滑的过程中斜面体始终静止在水平地面上，已知斜面体的质量为M，重力加速度为g，则下列说法中正确的是（）A．地面对斜面体的支持力小于（M+m1+m2）gB．木板与斜面间的动摩擦因数为C．木板、小球组成的系统减少的机械能转化为内能D．斜面体相对地面有向右运动的趋势6．如图所示，如a、b两个完全相同的带电粒子（不计重力）从两块平行金属板正中间的O点分别沿轴线OO′方向以相同速度射入，当开关S断开时，a粒子沿OO′射入匀强磁场中做匀速圆周运动，打在竖直挡板上的P点，测得O′P=x1；当开关S接通时，b粒子恰好从下极板端点C处射出，射出后打在竖直挡板的Q点，测得CQ=x2，若用t1表示a粒子从O到P的运动时间，用t2表示粒子从O到Q的运动时间，则下列说法中正确的是（）A．x1＞x2 B．t1＞t2C．粒子带正电D．A端是电源的正极7．如图甲所示，阻值为r=4Ω的矩形金属线框与理想电流表、理想变线圈构成回路，标有“12V 36W”的字样的灯泡L与理想变压器的副线圈构成回路，灯泡L恰能正常发光，理想变压器原、副线圈的匝数之比为3：1，矩形金属线框在匀强磁场中绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的电动势随时间变化的规律如图乙所示，则（）A．理想变压器原线圈输入电压的瞬时值表达式为μ=40sin100πt（V）B．理想电流表的示数为C．t=0.01时，矩形金属线框平面与磁场方向平行D．灯泡L与理想变压器的副线圈构成的回路中的电流方向每秒改变100次8．如图甲，一绝缘电物块（视为质点）无初速度地放在皮带底端，皮带轮以恒定的角速度沿顺时针方向转动，该装置处于垂直纸面向里的匀强磁场中，物块由底端P运动至皮带轮顶端Q的过程中，其v﹣t图象如图乙所示，物块全程运动的时间为4.5s且运动过程中电量保持不变，关于带电物块及运动过程的说法正确的是（）A．皮带的运动速度大小可能为2.5m/sB．若已知皮带的长度，可求出该过程中物块与皮带发生的相对位移C．在2s﹣4.5s内，带电物块与皮带保持相对静止D．该物块带负电9．如图所示，P、Q为两个等量的异种电荷，以靠近P点的O为原点，沿两电荷的连线建立x轴，沿直线向右为x轴正方向，一带正电的粒子从O点由静止开始在电场力作用下运动到A点，已知A点与O点关于PQ两电荷连线的中点对称，粒子的重力忽略不计，在从O到A的运动过程中，下列关于粒子的运动速度v和加速度a随时间t的变化、粒子的动能Ek和运动径迹上电势φ随位移x的变化图线可能正确的是（）A．B．C．D．10．物体由地面以120J的初动能竖直向上抛出，当它上升到某一高度A点时，动能减少40J，机械能减少10J，设空气阻力大小不变，以地面为零势能面，则物体（）A．落回A点时机械能为60JB．在最高点时机械能为90JC．受到的空气阻力与重力大小之比为1：4D．上升过程与下落过程加速度大小之比为2：111．如图所示，直角坐标系xOy位于竖直平面内，y轴竖直向上．第Ⅲ、Ⅳ象限内有垂直于坐标面向外的匀强磁场，第Ⅳ象限同时存在方向平行于y轴的匀强电场（图中未画出）．一带电小球从x轴上的A点由静止释放，恰好从P点垂直于y轴进入第Ⅳ象限，然后做圆周运动，从Q点垂直于x轴进入第Ⅰ象限，Q点距O点的距离为d，重力加速度为g．根据以上信息，可以求出的物理量有（）A．圆周运动的速度大小B．电场强度的大小和方向C．小球在第Ⅳ象限运动的时间D．磁感应强度大小12．如图所示，磁感应强度大小为B的匀强磁场垂直于光滑金属导轨平面向外，导轨左右两端电路所在区域均无磁场分布，垂直于导轨的导体棒接入电路的长度为L、电阻为R0，在外力作用下始终以速度v0从左向右做匀速直线运动．小灯泡电阻为2R0，滑动变阻器总阻值为4R0．图示状态滑动触头位于a、b的正中间位置，此时位于平行版电容器中的P处的带点油滴恰好处于静止状态，电路中其余部分电阻均不计，各接触处都接触良好，且导轨足够长，下列说法正确的是（）A．若将上极板竖直向上移动稍许，同时将下极板接地，其余条件均不变，则油滴的电势能将增加，且P点电势将降低B．油滴带负电C．图示状态下，△t时间内通过小灯泡的电荷量为D．若将滑动变阻器的滑片向b端移动，小灯泡将变暗二、解答题（共5小题，满分50分）13．如图所示，某同学想利用滑块在倾斜气垫导轨上的运动来验证机械能守恒定律，实验步骤如下：①将长为L、原来已调至水平的气垫导轨的左端垫高H，在导轨上靠右侧P点处安装一个光电门②用20分度的游标卡尺测量滑块上遮光条的宽度d③接通气源及光电计时器，将滑块从导轨靠近左端某处自由释放，测得滑块通过光电门时遮光时间为△t．阅读上面的实验步骤回答下列问题：（1）实验中已知当地重力加速度为g，除上述步骤中测量的物理量之外，还需测量的物理量是．A．滑块的重力MB．气垫导轨的倾斜角度θC．滑块释放处遮光条到光电门的距离xD．滑块从开始运动至到达光电门所用的时间t（2）请用题中所给的物理量及第（1）问中所选的物理量写出本实验验证机械能守恒的表达式．14．实验室有一破损的双量程电压表，两量程分别是3V和15V，其内部电路如图所示，因电压表的表头G已烧坏，无法知道其电学特性，但两个精密电阻R1、R2完好，测得R1=2.9kΩ，R2=14.9kΩ．现有两个表头，外形都与原表头G相同，已知表头的满偏电流为1mA，内阻为50Ω；表头的满偏电流0.5mA，内阻为200Ω，又有三个精密定值电阻r1=100Ω，r2=150Ω，r3=200Ω．若保留R1、R2的情况下，对电压表进行修复，根据所给条件回答下列问题：（1）原表头G满偏电流I=，内阻r=．（2）在虚线框中画出修复后双量程电压表的电路（标识出所选用的相应器材符号）（3）某学习小组利用修复的电压表，再加上可以使用的以下器材：测量一未知电阻Rx的阻值，电流表A量程0～5mA，内阻未知；最大阻值约为100Ω的滑动变阻器；电源E（电动势约3V）；开关S、导线若干．由于不知道未知电阻的阻值范围，学习小组为精确测出未知电阻的阻值，选择合适的电路，请你帮助他们补充完整电路连接，正确连线后读得电压表示数为2.40V，电流表示数为4.00mA，则未知电阻阻值Rx为Ω．15．图示为新修订的驾考科目二坡道定点停车示意图，规则规定汽车前保险杠停在停车线正上方为满分，超过或不到停车线0.5m以内为合格，某次考试中考生听到开考指令后在平直路面上的A点以恒定功率P0=9.6kW启动，经t=3s车头保险杠行驶到坡底B点时达最大速度v0，车头过B点后考生加大油门使汽车继续保持v0匀强前行，在定点停车线前适当位置松开油门、踩下离合器，汽车无动力滑行，待速度减为零时立即踩下刹车，结束考试，已知汽车行驶中所受阻力为车重的0.2倍，该车速同考生的总质量m=1.2×103kg，该坡道倾角的正弦值为0.3，坡道底端B点到停车线C的距离为L=11m．重力加速度g=10m/s2，试求：（1）最大速度v0和A、B间距x；（2）汽车前保险杠在离坡道底端B点多远处踩下离合器，才能保证考试得满分．16．宇航员驾驶宇宙飞船成功登上月球，他在月球表面做了一个实验：在停在月球表面的登陆舱内固定一倾角为θ=30°的斜面，让一个小物体以速度v0沿斜面上冲，利用速度传感器得到其往返运动的v﹣t图象如图所示，图中t0已知．已知月球的半径为R，万有引力常量为G不考虑月球自转的影响．求：（1）月球的密度ρ；（2）宇宙飞船在近月圆轨道绕月球做匀速圆周运动的速度v1．17．如图所示，在平面直角坐标系xOy中，第I象限内有沿y轴负向的匀强电场，电场强度的大小为E，第Ⅳ象限内有垂直纸面向外的匀强磁场．在y轴上的P点沿x轴正向发射质量为m、电荷量为q的带正电粒子，粒子从x轴上Q点射人磁场．已知Q点坐标为（L，0）．不计粒子的重力及相互间作用．（1）若粒子在Q点的速度方向与x轴成30°角．求P点的坐标及粒子在Q点的速度大小：（2）若从y轴的正半轴上各点处均向x轴正向发射与（1）中相同的粒子，结果这些粒子均能从x轴上的Q点进入磁场，并且到Q点速度最小的粒子A，经磁场偏转后．恰好垂直y轴射出磁场，求匀强磁场的磁感应强度大小及粒子A在磁场中运动的时间．【物理——选修3-3模块】18．关于一定量的理想气体，下列说法正确的是（）A．气体分子的体积是指每个气体分子平均所占有的空间体积B．只要能增加气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以升高C．在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零D．气体从外界吸收热量，其内能不一定增加E．气体在等压膨胀过程中温度一定升高19．如图所示，水平放置一个长方体的封闭气缸，用无摩擦活塞将内部封闭气体分为完全相同的A、B两部分．初始时两部分气体压强均为p、热力学温度均为T．使A的温度升高△T而保持B部分气体温度不变．则A部分气体的压强增加量为多少？【物理——选修3-4模块】20．某波源S发出一列简谐横波，波源S的振动图象如图所示．在波的传播方向上有A、B两点，他们到S的距离分别为45m和55m．测得A、B两点开始振动的时间间隔为1.0s．由此可知①波长λ=m；②当B点离开平衡位置的位移为+6cm时，A点离开平衡位置的位移是cm．21．半径为R的固定半圆形玻璃砖的横截面如图所示，O点为圆心，OO′为直径MN 的垂线．足够大的光屏PQ紧靠在玻璃砖的右侧且与MN垂直．一束复色光沿半径方向与OO′成θ=30°角射向O点，已知复色光包含有折射率从n1=到n2=的光束，因而屏NQ 部分出现了彩色光带．（1）求彩色光带的宽度；（2）当复色光入射角逐渐增大时，光屏上的彩色光带将变成一个光点，求O角至少为多少？【物理——选修3-5模块】22．氢原子的能级如图所示，当氢原子从n=4向n=2的能级跃迁时，辐射的光子照射在某金属上，刚好能发生光电效应．现有一群处于n=4的能级的氢原子向低能级跃迁，总共能发出种不同频率的光，其中有种频率的光能使该金属发生光电效应．23．如图所示为两块质量均为m，长度均为L的木板放置在光滑的水平桌面上，木块1质量也为m（可视为质点），放于木板2的最右端，木板3沿光滑水平桌面运动并与叠放在下面的木板2发生碰撞后粘合在一起，如果要求碰后木块1停留在木板3的正中央，木板3碰撞前的初速度v0为多大？已知木块与木板之间的动摩擦因数为μ．湖南2018年高职单招物理模拟试题参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．下列关于物理学史、物理概念和方法的说法中，正确的是（）A．电动势表征的是电源将其他形式的能转化为电能的本领，在大小上等于静电力把1C 的正电荷在电源内从负极送到正极所做的功B．伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法C．库仑首先提出了“场”的概念，并利用电场线、磁感线形象地描述了电场和磁场D．麦克斯韦认为，磁场会在其周围空间激发一种电场，这种电场就是感生电场【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，在大小上等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极送到正极所做的功，故A错误；B、伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法，故B正确；C、法拉第首先提出了“场”的概念，并利用电场线、磁感线形象地描述了电场和磁场，故C错误；D、麦克斯韦认为，变化的磁场会在其周围空间激发一种电场，这种电场就是感生电场，故D错误．故选：B2．质量为1kg的物体从空中静止释放，质点做直线运动的位移x个时间平分t2的关系图象如图所示，重力加速度g=10m/s2，则该质点（）A．在4s末重力的瞬时功率为80WB．所受空气阻力大小为8NC．第3s内的位移是10mD．任意相邻1s内的位移差都为2m【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】由图写出x与t2的关系式，再与匀变速直线运动的位移时间公式x=v0t+对比，得到物体的初速度、加速度，再求4s末的速度．由牛顿第二定律求得阻力．由匀变速运动的推论△x=aT2求任意相邻1s内的位移差．【解答】解：A、根据x和时间平方t2的关系图象得出位移时间关系式为：x=2t2，对照x=v0t+，可得物体的初速度为0，加速度：a=4m/s2，4s末的速度v=at=16m/s，在4s末重力的瞬时功率为P=mgv=160W．故A错误；B、根据牛顿第二定律得mg﹣f=ma，解得所受空气阻力大小f=6N．故B错误．C、第3s内的位移等于前3s内的位移减去前2s的位移，由图得：第3s内的位移x3=2×32﹣2×22=10m，故C正确．D、任意相邻1s内的位移差△x=aT2=4×12=4m，故D错误．故选：C3．2015年12月6日，载人飞行包在中国深圳实现了首次载人飞行，载人飞行包是一个单人飞行装置，其发动机使用汽油作为燃料提供动力，可以垂直起降，也可以快速前进，对飞行包（包括人）在下列运动过程中（空气阻力不可忽略）的说法，正确的是（）A．垂直缓慢降落，动力大小大于总重力B．水平匀速飞行，动力大小等于总重力C．垂直加速起飞，动力做的功大于克服空气阻力做的功D．水平加速前进，动力方向与运动方向相同【考点】牛顿第二定律；动能定理．【分析】以飞行包为研究对象进行力的分析，运动过程中受到重力、阻力和推力作用，根据运动情况确定推力F的性质已知做功情况．【解答】解：A、垂直缓慢降落，动力大小小于总重力，故A错误；B、水平匀速飞行，动力在竖直方向分力大小等于总重力，水平方向的分力与阻力平衡，所以动力大小大于总重力，故B错误；C、垂直加速起飞，动力做的功等于克服重力做的功和空气阻力做的功以及动能增加量之和，所以动力做的功大于克服空气阻力做的功，故C正确；D、水平加速前进，动力方向斜向上，与运动方向成一定角度，故D错误．故选：C．4．如图所示，螺线管与电阻R相连，磁铁从螺线管的正上方由静止释放，向下穿过螺线管，下列说法正确的是（）A．磁铁刚离开螺线管时的加速度小于重力加速度B．通过电阻的电流先由a到b，后由b到aC．磁铁减少的重力势能等于回路产生的热量D．a的电势始终高于b的电势【考点】楞次定律．【分析】当磁铁的N极向下运动，导致穿过线圈的磁通量发生变化，导致线圈中产生感应电动势．由楞次定律可得感应电流的方向，从而判断电流计中电流方向，感应电流的效果总是阻碍引起感应电流的原因，根据来拒去留的判断口诀分析在各点的受力情况，从而知道加速度的大小．【解答】解：A、磁铁刚离开螺线管时，正在远离螺线管，磁铁受到的磁场力阻碍磁铁远离螺线管（去留），则加速度a＜g，故A正确；B、D、当磁铁N极向下运动，导致穿过线圈的磁通量变大，且方向向下，则由楞次定律可得线圈中产生感应电流方向盘旋而上，螺线管上端相当于电源的正极．所以通过R的电流方向为从b到a，当S极离开螺线管时，穿过线圈的磁通量变小，且方向向下，则螺线管下端相当于电源的正极．所以通过R的电流方向为从a到b，则a点的电势先低于b点的电势，后高于b点电势，故B错误，D错误；C、磁铁减少的重力势能等于回路中产生的热量和磁铁的动能，故C错误．故选：A5．如图所示，一质量为m1的小球用轻质线悬挂在质量为m2的木板的支架上，木板沿倾角为θ的斜面下滑时，细线呈竖直状态，在木板下滑的过程中斜面体始终静止在水平地面上，已知斜面体的质量为M，重力加速度为g，则下列说法中正确的是（）A．地面对斜面体的支持力小于（M+m1+m2）gB．木板与斜面间的动摩擦因数为C．木板、小球组成的系统减少的机械能转化为内能D．斜面体相对地面有向右运动的趋势【考点】功能关系；物体的弹性和弹力；牛顿第二定律．【分析】小球与木板具有共同的加速度，通过对小球的受力分析，根据牛顿第二定律判断出小球与木板组成的系统的加速度为0，都做匀速直线运动，再对整体研究，由平衡条件分析地面对斜面的支持力和摩擦力．以小球和木板整体为研究对象，由平衡条件求动摩擦因数．然后结合功能关系分析即可．【解答】解：A、因拉小球的细线呈竖直状态，所以小球受到重力和竖直向上的拉力，在水平方向没有分力，所以小球在水平方向没有加速度，结合小球沿斜面向下运动，所以小球和木板一定是匀速下滑．以小球、木板和斜面整体为研究对象，由平衡条件知，地面对斜面体没有摩擦力，则斜面体相对地面没有运动的趋势，且地面对斜面体的支持力等于（M+m1+m2）g，故A错误．B、以小球和木板整体为研究对象，由平衡条件得：（m1+m2）gsin θ=μ（m1+m2）gcos θ，即木板与斜面间的动摩擦因数为μ=tan θ，故B错误．C、木板与小球下滑过程中，由能量守恒定律知，木板、小球组成的系统减少的机械能转化为内能，故C正确．D、以小球、木板和斜面整体为研究对象，由平衡条件知，地面对斜面体没有摩擦力，斜面体相对地面没有运动的趋势．故D错误．故选：C6．如图所示，如a、b两个完全相同的带电粒子（不计重力）从两块平行金属板正中间的O点分别沿轴线OO′方向以相同速度射入，当开关S断开时，a粒子沿OO′射入匀强磁场中做匀速圆周运动，打在竖直挡板上的P点，测得O′P=x1；当开关S接通时，b粒子恰好从下极板端点C处射出，射出后打在竖直挡板的Q点，测得CQ=x2，若用t1表示a粒子从O到P的运动时间，用t2表示粒子从O到Q的运动时间，则下列说法中正确的是（）A．x1＞x2 B．t1＞t2C．粒子带正电D．A端是电源的正极【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】相同的两个粒子从相同的位置出发先后在有电场区和无电场区运动后再进入磁场做匀速圆周运动，至于粒子的电性和AB板电势高低用左手定则和电场力方向很好判断．比较时间的长短是难点，难点在于磁场中的时间，涉及到速度合成与分解等问题．写出周期和偏转角表达式，就能看出结果．【解答】解：由题意可知，粒子进入磁场后向下偏转，粒子风进入磁场时受到的洛仑兹力竖直向下，由左手定则可知粒子带负电，所以选项C错误．由题意知，粒子在两极板间向下偏转，粒子带负电，则上极板电势低，A端是电源的负极，所以选项D错误．开关S断开时，粒子在两极间沿水平方向做匀速直线运动，在磁场中做匀速圆周运动，其轨迹如图所示，根据牛顿第二定律有：由几何关系可得：开关S闭合时，粒子在两极间做类平抛运动，粒子进入磁场时速度为v，速度v与水平方向的夹角为θ，则vcosθ=v0粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛仑兹力提供向心力，由牛顿第二定律有：由几何关系右得，所以选项A错误．开关断开与闭合时粒子在两极间沿水平方向都做匀速直线运动，它们在两极板间的运动时间相等，粒子在磁场中的运动时间：两种情况下，粒子做圆周运动的周期T相同，由于θ＜π，则开关S闭合时粒子在磁场中的运动时间比S断开时的运动时间短．粒子在两极间的运动时间相等，S断开时粒子在磁场中的运动时间长，则：t1＞t，所以选项B正确．故选：B7．如图甲所示，阻值为r=4Ω的矩形金属线框与理想电流表、理想变线圈构成回路，标有“12V 36W”的字样的灯泡L与理想变压器的副线圈构成回路，灯泡L恰能正常发光，理想变压器原、副线圈的匝数之比为3：1，矩形金属线框在匀强磁场中绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的电动势随时间变化的规律如图乙所示，则（）A．理想变压器原线圈输入电压的瞬时值表达式为μ=40sin100πt（V）B．理想电流表的示数为C．t=0.01时，矩形金属线框平面与磁场方向平行D．灯泡L与理想变压器的副线圈构成的回路中的电流方向每秒改变100次【考点】交流发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式．【分析】变压器原副线圈的电压之比与线圈的匝数成正比，电流与匝数成反比，根据电灯能正常发光，判断出副线圈两端的电压和电流，即可判断，通过乙图判断出电流的周期及在一个周期内电流方向的变化次数即可判断【解答】解：A、灯泡正常发光，故副线圈两端的电压为U2=12V，根据得，输入端的最大电压为，故原线圈输入电压的瞬时值表达式为μ=36sin100πt（V），故A错误；B、副线圈两端的电流为，根据得，故电流表的电流为I1=1A，故B错误；C、t=0.01时，有乙图可知，产生的感应电动势最小，故线圈在中性面位置，故矩形金属线框平面与磁场方向垂直，故C错误；D、有乙图可知，周期为0.02s，在一个周期内电流方向改变2次，故1s内电流改变的次数为n=次，故D正确；故选：D8．如图甲，一绝缘电物块（视为质点）无初速度地放在皮带底端，皮带轮以恒定的角。
2018年湖南高考物理模拟题及答案(8) .doc
2018年湖南高考物理模拟题及答案（8）一、选择题(8×8′＝64′)1．下图中不属于交变电流的是( )解析：根据交变电流的定义，大小和方向都随时间做周期性变化的电流是交变电流，A 、B 、C 图中电流的大小、方向均随时间做周期性变化，是交变电流，D 图中电流的方向不变，为直流电．答案：D图12．(2011·广东高考)图1是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该电压的( )A ．周期是0.01sB ．最大值是311VC ．有效值是220VD ．表达式为u ＝220sin100πt (V)解析：由波形图可知：周期T ＝0.02 s ，电压最大值U m ＝311 V ，所以有效值U ＝Um 2＝220 V ，表达式为u ＝U m sin 2πTt (V)＝311sin100πt (V)，故选项B 、C 正确，A 、D 错误． 答案：BC3．如下图中各图面积均为S 的线圈均绕其对称轴或中心轴在匀强磁场B 中以角速度ω匀速转动，能产生正弦交变电动势e ＝BS ωsin ωt 的图是( )解析：线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴(轴在线圈所在平面内)匀速转动，产生的正弦交变电动势为e ＝BS ωsin ωt ，由这一原则判断，A 图和C 图中感应电动势均为e ＝BS ωsin ωt ；B 图中的转动轴不在线圈所在平面内；D 图转动轴与磁场方向平行，而不是垂直．答案：AC图24．如图2所示，矩形线框置于竖直向下的磁场中，通过导线与灵敏电流表相连，线框在磁场中绕垂直于磁场方向的转轴匀速转动，图中线框平面处于竖直面内，下述说法正确的是( )A ．因为线框中产生的是交变电流，所以电流表示数始终为零B ．线框通过图中位置瞬间，穿过线框的磁通量最大C ．线框通过图中位置瞬间，通过电流表的电流瞬时值最大D ．若使线框转动的角速度增大一倍，那么通过电流表电流的有效值也增大一倍解析：本题考查电磁感应现象，基础题．线框在匀强磁场中匀速转动时，在中性面即线框与磁感线垂直时，磁通量最大感应电动势最小，而在题中图示位置线框与磁感应线平行时，磁通量最小感应电动势最大，A 、B 错C 对；电流的有效值I ＝nBS ω2R，现在其余的量都不变，角速度增大一倍后，电流也增大一倍，D 正确．答案：CD5．一单匝闭合线框在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴匀速转动．在转动过程中，线框中的最大磁通量为Φm ，最大感应电动势为E m ，下列说法中正确的是( )A ．当磁通量为零时，感应电动势也为零B ．当磁通量减小时，感应电动势也减小C ．当磁通量等于0.5Φm 时，感应电动势等于0.5E mD ．角速度ω等于E m /Φm解析：根据正弦式电流的产生及其变化规律：当磁通量最大时，感应电动势为零；当磁通量减小时，感应电动势在增大；磁通量减为零时，感应电动势最大．由此可知A 、B 项错误．设从线框位于中性面开始计时，则有e ＝E m sin ωt ，式中E m ＝BS ω.因Φm ＝BS ，故角速度ω＝Em Φm ，D 项正确．设e ＝0.5E m ，则解出ωt ＝π/6.此时Φ＝B ·S cos π6＝32BS ＝32Φm ，所以C 项错．答案：D图36．如图3所示，矩形线圈abcd ，面积为S ，匝数为N ，线圈电阻为R ，在匀强磁场中可以分别绕垂直于磁场方向的轴P 1和P 2以相同的角速度ω匀速转动，(P 1以ab 边为轴，P 2以ad 边中点为轴)当线圈平面从与磁场方向平行开始计时，线圈转过90°的过程中，绕P 1及P 2轴转动产生的交流电的电流大小，电荷量及焦耳热分别为I 1，q 1，Q 1及I 2，q 2，Q 2，则下面判断正确的是( )A ．线圈绕P 1和P 2转动时电流的方向相同，都是a →b →c →dB ．q 1>q 2＝NBS /2RC ．I 1＝I 2＝(NB ωS )/2RD ．Q 1<Q 2＝πω(NBS )2/2R解析：本题考查电磁感应中电荷量、热量、电流的计算和感应电流方向的判断．绕P 1、P 2转动时电流的方向相同，但电流的方向为a →d →c →b →a ，A 错；电荷量q ＝n ΔφR，与绕哪个轴转动没有关系，B 错；线圈绕两轴转动时产生的电动势相同，所以电流相同，发热也相同，C 对D 错．答案：C图47．如图4所示，边长为L ＝0.2 m 的正方形线圈abcd ，其匝数为n ＝10、总电阻为r ＝2 Ω，外电路的电阻为R ＝8 Ω，ab 的中点和cd 的中点的连线OO ′恰好位于匀强磁场的边界线上，磁场的磁感应强度B ＝1 T ，若线圈从图示位置开始，以角速度ω＝2 rad/s 绕OO ′轴匀速转动，则以下判断中正确的是( )A ．在t ＝π4时刻，磁场穿过线圈的磁通量为零，但此时磁通量随时间变化最快B ．闭合电路中感应电动势的瞬时表达式e ＝0.8 sin2t VC ．从t ＝0时刻到t ＝π4时刻，电阻R 上产生的热量为Q ＝3.2π×10－4 J D ．从t ＝0时刻到t ＝π4时刻，通过R 的电荷量q ＝0.02 C 解析：线圈在磁场中转动，E m ＝12nBS ω＝0.4 V ，B 错．当线圈平面与磁场平行时磁通量变化最快，A 正确．Q R ＝I 2Rt＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤Em 2R ＋r 2Rt ＝1.6π×10－3 J ，C 错．q ＝n ΔΦR ＋r ＝ 0．02 C ，D 正确．答案：AD图58．如图5所示，图线a 是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生的正弦交流电的图象，当调整线圈转速后，所产生正弦交流电的图象如图线b 所示，以下关于这两个正弦交流电的说法正确的是( )A ．线圈先后两次转速之比为3∶2B ．两种情况在0.3 s 内通过线圈的磁通量之比为1∶1C ．两种情况在相等时间内产生的焦耳热之比Q a ∶Q b ＝3∶2D ．两种情况在相等时间内产生的焦耳热之比Q a ∶Q b ＝9∶4解析：两种情况T a ∶T b ＝2∶3，f a ∶f b ＝3∶2，线圈先后两次转速之比为3∶2，选项A 正确．两种情况下在0.3 s 内磁通量的变化量不同，选项B 错误．交流电的最大值E m ＝NBS ω，电动势最大值之比为3∶2.Q ＝U 有2Rt ，两种情况在相等时间内产生的焦耳热之比Q a ∶Q b ＝9∶4，选项D 正确．答案：AD二、计算题(3×12′＝36′) 9．用均匀导线弯成正方形闭合线框abcd ，线框每边长10 cm ，每边的电阻值为0.1 Ω.把线框放在磁感应强度为B ＝0.1 T 的匀强磁场中，并使它绕轴O 1O 2以ω＝100 rad/s 的角速度旋转，旋转方向如图6所示(沿O 2O 1由O 2向O 1看为顺时针方向)．已知O 1、O 2两点分别在ad 和bc 上，轴O 1O 2在线框平面内，并且垂直于B ，O 1d ＝3O 1a ，O 2c ＝3O 2b .图6(1)当线框平面转至和B 平行的瞬时(如图6所示位置) ①每个边产生的感应电动势的大小各是多少？②线框内感应电流的大小是多少？方向如何？(2)求线框由图所示位置旋转π3的过程中产生的平均电动势的大小； (3)线框旋转一周内产生的热量为多少？解析：(1)①令L 表示正方形线框的边长，R 表示其每边的电阻值，则L ＝0.1 m ，R ＝0.1 Ω，设此时cd 段感应电动势的大小为E 1，ab 段感应电动势的大小为E 2，则E 1＝BLv 1＝3BL 2ω/4＝0.075 VE 2＝BLv 2＝BL 2ω/4＝0.025 Vda 段和bc 段不切割磁感线，所以它们的电动势都是零②线框中的感应电动势E ＝E 1＋E 2＝0.1 V 线框中的感应电流为I ＝E /(4R )＝0.25 A 根据楞次定律或右手定则，可判断电流方向沿dcbad(2)根据法拉第电磁感应定律，线框由图所示位置旋转π3的过程中产生的平均电动势的大小，E ＝ΔΦΔt ＝B ΔS T/6＝3BS ωsin60°π＝3320πV ＝0.083 V (3)线框旋转一周产生的热量为Q ＝(Im2)2R 总T ＝(I 2)24R 2πω＝2.5π×10－4 J ＝7.85×10－4 J答案：(1)①E cd＝0.075 V E ab＝0.025 V E da＝E bc＝0②I＝0.25 A 方向沿dcbad(2)0.083 V (3)7.85×10－4J图710．如图7所示，矩形线圈abcd在磁感应强度B＝2 T的匀强磁场中绕轴OO′以角速度ω＝10π rad/s匀速转动，线圈共10匝，每匝线圈的电阻值为0.5 Ω，ab＝0.3 m，bc ＝0.6 m，负载电阻R＝45 Ω.求(1)电阻R在0.05 s内发出的热量；(2)电阻R在0.05 s内流过的电荷量(设线圈从垂直中性面开始转动)．解析：(1)矩形线圈abcd在匀强磁场中旋转产生正弦交变电流，电动势的峰值为E m＝nBSω＝10×2×0.3×0.6×10π＝113.04 V，电流的有效值I＝Im2＝Em2R＋r＝1.60 AQ＝I2Rt＝5.76 J(2)矩形线圈旋转过程中产生的感应电动势的平均值E＝n ΔΦΔt＝nBST4＝2nBSωπ＝2Emπ＝72 V，电流的平均值I＝ER＋r＝1.44 A；0.05 s内电路流过的电荷量q＝It＝0.072 C.答案：(1)5.76 J (2)0.072 C11．曾经流行过一种自行车车头灯供电的小型交流发电机，图8甲为其结构示意图．图中N、S是一对固定的磁极，abcd为固定转轴上的矩形线框，转轴过bc边中点，与ab边平行，它的一端有一半径r0＝1.0 cm的摩擦小轮，小轮与自行车车轮的边缘相接触，如图8乙所示．当车轮转动时，因摩擦而带动小轮转动，从而使线框在磁极间转动．设线框由N＝800匝导线圈组成，每匝线圈的面积S＝20 cm2，磁极间的磁场可视作匀强磁场，磁感应强度B＝0.010 T，自行车车轮的半径R1＝35 cm，小齿轮的半径R2＝4.0 cm，大齿轮的半径R3＝10.0 cm.现从静止开始使大齿轮加速转动，问大齿轮的角速度为多大才能使发电机输出电压的有效值U＝3.2 V？(假设摩擦小轮与自行车车轮之间无相对滑动)图8解析：当自行车车轮转动时，通过摩擦小轮使发电机的线框在匀强磁场内转动，线框中产生一正弦交流电动势，旋转线框与摩擦小轮角速度相等，而摩擦小轮又与车轮线速度相等(自行车车轮与摩擦小轮之间无相对滑动)，车轮又与小齿轮角速度相等，最终小齿轮与大齿轮边缘的线速度相等，由此得解．答案：旋转线框产生感应电动势的峰值E m＝NBSω0式中ω0为线框转动的角速度，即摩擦小轮转动的角速度．发电机两端电压的有效值U＝2E m/2设自行车车轮转动的角速度为ω1，有R1ω1＝r0ω0小齿轮转动的角速度与自行车车轮转动的角速度相同，均为ω1，设大齿轮转动的角速度为ω，有R3ω＝R2ω1由以上各式解得ω＝(2UR2r0)/(NBSR3R1)代入数据得ω＝3.2 rad/s.。
2018年湖南高考物理模拟题和答案解析
2018年湖南高考物理模拟题及答案（6）一、选择题(8×8′＝64′)1．一电池外电路断开时的路端电压为3 V，接上8 Ω的负载电阻后路端电压降为2.4 V，则可以判定电池的电动势E和内阻r为( )A．E＝2.4 V，r＝1 ΩB．E＝3 V，r＝2 ΩC．E＝2.4 V，r＝2 ΩD．E＝3 V，r＝1 Ω解析：因为电路断开时路端电压为3 V，所以E＝3 V当R＝8 Ω时，U＝2.4 V，所以I＝UR＝2.48A＝0.3 AE＝U＋Ir，所以r＝2 Ω.答案：B图12．如图1中，电阻R1、R2、R3的阻值相等，电池的内阻不计，开关接通后流过R2的电流是K接通前的( )A.12B.23C.13D.14解析：由串、并联知识可得，在K没有接通时，R1、R2串联，I1＝E2R在K接通后，R2、R3并联，再跟R1串联I2′＝12I2＝12·ER＋R2＝12·2E3R＝E3R由I2′I1＝E3RE2R＝23，所以B选项正确．答案：B图23．在图2所示电路中E 为电源，其电动势E ＝9.0 V ，内阻可忽略不计；AB 为滑动变阻器，其电阻R ＝30 Ω；L 为一小灯泡．其额定电压U ＝6.0 V ，额定功率P ＝1.8 W ；K 为电键．开始时滑动变阻器的触头位于B 端，现在接通电键 K ，然后将触头缓慢地向A 端滑动，当到达某一位置C 处时，小灯泡刚好正常发光，则CB 之间的电阻应为( )A ．10 ΩB ．20 ΩC ．15 ΩD ．5 Ω解析：本题中小灯泡正好正常发光，说明此时小灯泡达到额定电流I 额＝P /U ＝1.8/6.0 A ＝0.3 A ，两端电压达到额定电压U 额＝6.0 V ，而小灯泡和电源、滑动电阻AC 串联，则电阻AC 的电流与小灯泡的电流相等，则R AC ＝U AC I AC ＝E －U L I AC ＝9.0－6.00.3Ω＝10 Ω，R CB ＝R －R AC ＝(30－10) Ω＝20 Ω，所以B 选项正确．答案：B图34．在如图3所示的电路中，当变阻器R 3的滑动头P 由a 端向b 端移动时( ) A ．电压表示数变大，电流表示数变小 B ．电压表示数变小，电流表示数变大 C ．电压表示数变大，电流表示数变大 D ．电压表示数变小，电流表示数变小 解析：首先将理想化处理，简化电路，R 2与R 3并联后与R 1串联，当滑动头P 向b 端移动时，R 3阻值变小，R 2、R 3并联部分总电阻变小，据串联分压原理，R 1和内电阻上电压增大，R 2、R 3并联部分电压变小，由此可得：外电路上总电压变小，电压表示数变小；R 2上电流变小，但干路总电流变大，因此R 3上电流变大，电流表示数变大．正确选项为B.少数考生没有将电流表和电压表进行理想化处理，由于电路结构较复杂，分析时产生失误．少数考生审题不严，误将滑动头P 上移动理想为R 3阻值变大，导致错误．答案：B5.图4如图4所示的电路中，闭合电键，灯L1、L2正常发光．由于电路出现故障，突然发现灯L1变亮，灯L2变暗，电流表的读数变小．根据分析，发生的故障可能是( ) A．R1断路B．R2断路C．R3短路D．R4短路解析：等效电路如图5所示，若R1断路，总外电阻变大，总电流减小，路端电压变大，L1两端电压变大，图5L1变亮；ab部分电路结构没变，电流仍按原比例分配，总电流减小，通过L2、电流表的电流都减小，故A选项正确．若R2断路，总外电阻变大，总电流减小，ac部分电路结构没变，电流仍按原比例分配，R1、L1中电流都减小，与题意相矛盾，故B选项错．若R3短路或R4短路，总外电阻减小，总电流增大，A中电流变大，与题意相矛盾，故C、D选项错．答案：A图66．如图6所示，是一个由电池、电阻R与平行板电容器组成的串联电路．在增大电容器两极板间距离的过程中( )A．电阻R中没有电流B．电容器的电容变小C．电阻R中有从a流向b的电流D．电阻R中有从b流向a的电流解析：增大电容器两极板间距离时，电容器电容变小，电容器放电，A极板上的正电荷通过电阻向电池充电，电阻R中有由a流向b的电流．7．(2009·全国卷Ⅱ)图7为测量某电源电动势和内阻时得到的U－I图线．用此电源与三个阻值均为3 Ω的电阻连接成电路，测得路端电压为4.8 V．则该电路可能为( )图7解析：本题考查测电源的电动势和内电阻及电路的有关知识，意在考查考生综合运用电路知识和实验的有关方法解决问题的能力；由图可知，E＝U m＝6 V，U＝4 V时，I＝4 A，因此有6＝4＋4r，解得r＝0.5 Ω，当路端电压为4.8 V时，U内＝E－U＝(6－4.8) V＝1.2 V，由UU内＝Rr，所以R＝UU内r＝4.81.2×0.5 Ω＝2 Ω，由电阻的串并联知识可知，正确答案为B. 答案：B8．(2009·重庆高考)某实物投影机有10个相同的强光灯L1～L10(24 V/200 W)和10个相同的指示灯X1～X10(220 V/2 W)，将其连接在220 V交流电源上，电路见图8.若工作一段时间后L2灯丝烧断，则( )图8A．X1的功率减小，L1的功率增大B．X1的功率增大，L1的功率增大C．X2的功率增大，其他指示灯的功率减小D．X2的功率减小，其他指示灯的功率增大解析：本题考查闭合电路的欧姆定律和电路的相关问题，意在考查考生运用知识解决实际问题的能力．L2灯丝烧断，则电路中的总电阻变大，由欧姆定律知，总电流减小，则除L2支路外，其他支路两端的电压减小，强光灯和指示灯的功率都要减小．其他支路电压减小，则L2两端电压升高，其功率增大．二、计算题(3×12′＝36′)9．某电子元件的电压与电流的关系如图9所示，将该电子元件与一个R ＝8 Ω的电阻串联，再接至电动势E ＝3 V 、内阻r ＝2 Ω的电源上，试求电路中电流及电源的效率．图9解析：将电源和R 视为一个新的电源，此电源的电动势E ′＝3 V ，内阻r ′＝10 Ω，则此新电源的路端电压U ′与电路中的总电流I 的关系为U ′＝3－10I ，此新电源的路端电压即为电子元件两端的电压．在题目图中作出新电源的图象，可得交点坐标值即为电路中的实际电流值和电子元件两端的实际电压值，分别为I ＝130 mA ，U ′＝1.7 V ，电源的效率η＝U 路E ，U 路＝E －Ir .联立解得η＝1－IrE，代入数据得η＝91.3%. 答案：130 mA 91.3%10．如图10所示的电路中，电源的电动势E ＝10 V ，内阻忽略不计，电阻的阻值分别为R 1＝R 2＝20 Ω、R 3＝10 Ω，滑动变阻器的最大阻值R ＝40 Ω，电容器的电容C ＝20μF ，则：图10(1)将滑动触头P 置于ab 中点，合上电键S ，待电路稳定后再断开S .求断开S 的瞬间，通过R 1的电流大小和方向；(2)闭合电键S ，当滑动触头P 缓慢地从a 点移到b 点的过程中，通过导线BM 的电量为多大？解析：(1)电键S 闭合，电路稳定时BD 两点的电势差U BD ＝R 2ER 1＋R 2① PD 两点的电势差U PD ＝R Pb ER ＋R 3②则BP 两点的电势差U BP ＝U BC －U PC ③ 故断开S 的瞬间，通过R 1的电流方向向左；电流大小I1＝U BPR1＋R3＋R aP由①②③④代入数据解得I1＝0.02 A.(2)P在a点时，U PD＝R ab ER＋R3④U BP＝U BD－U PD⑤电容器M板带电量Q M＝CU BP⑥P在b点时U BP＝U BD⑦电容器M板带电量Q M′＝CU BP′⑧通过导线BM的电量Q＝Q M′－Q M⑨由④⑤⑥⑦⑧⑨式解得Q＝1.6×10－4C.答案：(1)I2＝0.02 A (2)Q＝1.6×10－4C11．(2010·苏州调研)一个电源的路端电压U随外电路电阻R的变化规律如图11(甲)所示，图中U＝12 V的直线为图线的渐近线．现将该电源和一个变阻器R0接成如图11(乙)所示电路，已知电源允许通过的最大电流为2 A，变阻器的最大阻值为R0＝22 Ω.求：图11(1)电源电动势E和内电阻r；(2)空载时A、B两端输出的电压范围．(3)A、B两端所能接负载的电阻的最小值．解析：(1)据全电路欧姆定律：E＝U＋Ir由图(甲)可知，当I＝0时，E＝U＝12 V当E＝12 V，R＝2 Ω时，U＝6 V，据全电路欧姆定律可得：r＝2 Ω(2)空载时，当变阻器滑片移至最下端时，输出电压U AB＝0当滑片移至最上端时，有E＝U AB＋Ir，I＝ER0＋r可得这时的输出电压U AB＝11 V所以，空载时输出电压范围为0～11 V.(3)设所接负载电阻的最小值为R′，此时滑片应移至最上端，电源电流最大I＝2 A，有：E＝I(R外＋r)，其中R外＝R0R′R0＋R′，代入数据可得：R′＝4.9 Ω.。
2018年湖南分类考试物理模拟试题
答案
A
解析
三硝基甲苯爆炸产生的能量为Mn，根据W=Pt，则
发电量，故A正确 故选A
，可知这次地震释放的能量相当于三峡水电站Mn/P这么长时间的
一位高三年级的男生骑着自行车在水平公路上以较快的速度行驶，设所受阻力为车和人总重的0.05倍，则该同学骑车的功率 最接近于A、10WB、50WC、250WD、1kW
答案
A,C
解析
试题分析：A、根据
，得：
，故A正确；B、以额定功率启动时：
，
而刚启动时v=0，则f=0，故刚启动时加速度无穷大，B错误；C、由公式W=Pt，由能量守恒得：1440W×1h=30×6W×t，得 ：t=8h，即保持最大速度行驶1h至少需要有效光照8h，故C正确；D、由题意：汽车行驶时受到的空气阻力与其速度成正比 ，设f=kv，则结合前面分析：57.6=k×25，得：k=2.304，当直接用太阳能电池板提供的功率行驶有最大速度时：牵引力=阻
A、重力对两球做的功不等B、落地前的瞬间A球的速度等于B球的速度C、落地前的瞬间A球重力的
瞬时功率大于B球重力的瞬时功率D、两球重力的平均功率相同
答案
D
解析
本题考查功和功率 两球从相同的高度下落，策略所做的功相同，均为 设落地前的瞬间A，B球的速度为 ，则
，故A错； ，
，由于
所以
，所以落地前的瞬间A球的速度大于B球的速度，故B错；
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湖南机电职业技术学院
2018物理单招试题答案
2018物理单招试题答案一、选择题（每题2分，共20分）1. 光在真空中的传播速度是多少？A. 299792458米/秒B. 2997924.58米/秒C. 2997924.58千米/秒D. 299792458千米/秒答案：A2. 根据牛顿第二定律，力与加速度的关系是什么？A. F = maB. F = ma^2C. F = a^2/mD. F = m/a答案：A3. 一个物体的质量为2千克，受到的力为10牛顿，它的加速度是多少？A. 5米/秒²B. 10米/秒²C. 20米/秒²D. 40米/秒²答案：A4. 电磁波的传播不需要介质，这是因为电磁波是：A. 机械波B. 长波C. 光波D. 电磁场的振动答案：D5. 根据能量守恒定律，能量：A. 可以被创造B. 可以被消灭C. 既不能被创造也不能被消灭D. 可以被转移答案：C6. 一个物体从静止开始，以加速度a做匀加速直线运动，经过时间t 后的速度v是多少？A. v = a * tB. v = a / tC. v = t / aD. v = a + t答案：A7. 以下哪种现象不属于热力学第二定律？A. 热量自发地从高温物体传向低温物体B. 热量自发地从低温物体传向高温物体C. 不可能从单一热源吸热使之完全变为功而不产生其他影响D. 不可能实现一个循环过程，其唯一结果就是将热量完全转化为功答案：B8. 根据麦克斯韦方程组，电场E和磁场B之间的关系是什么？A. E = B * cB. E = B / cC. E = c * BD. E = c + B答案：C9. 一个物体在水平面上以恒定速度v运动，它的动能是多少？A. K = 0.5 * m * v^2B. K = m * vC. K = m / vD. K = v^2 / m答案：A10. 以下哪种现象是量子力学的典型表现？A. 牛顿运动定律B. 热力学定律C. 光电效应D. 欧姆定律答案：C二、填空题（每题2分，共20分）11. 根据欧姆定律，电阻R、电流I和电压V之间的关系是：\( R = \frac{V}{I} \)。
湖南省普通高中学业水平考试物理模拟试卷及答案
2018年湖南省普通高中学业水平考试物理模拟试卷一、选择题（本题20包括小题，每小题3分，共60分，每小题只有一个选项符合题意．）1-15题为所有学生必答题．1．下列说法表示时刻的是（）A．第5s末B．前5s内C．第5s内D．从第3s末到第5s末2．下列物理量不是矢量的是（）A．重力 B．加速度C．路程 D．速度3．若某一物体受共点力作用处平衡状态，则该物体一定是（）A．静止的B．做匀速直线运动C．各共点力的合力可能不为零 D．各共点力的合力为零4．肩负我国首次太空行走运载任务的神舟七号飞船，在绕地球五圈后成功的由椭圆轨道变成圆形轨道，在圆轨道上飞船离地面的距离约为350km，绕行周期约为90min．设飞船在圆形轨道上的运动为匀速圆周无能无力，已知第一宇宙速度为7.9km/s，下述说法正确的是（）A．飞船的轨道平面一定是垂直于地球自转轴的圆面B．飞船在圆形轨道上运动的线速度大小一定大于7.9km/sC．飞船离开地面时的发射速度一定大于7.9km/sD．对于飞船来说，它离地面越高，其绕行速度一定越大5．如图所示，木块A放在木块B的左上端，用恒力F将A拉至B的右端．第一次将B固定在地面上，F做的功为W1；第二次让B可以在光滑的地面上自由滑动，F做的功为W2．比较两次做功，应有（）A．W1＜W2B．W1=W2C．W1＞W2D．无法比较6．关于匀变速直线运动的说法，正确的是（）A．它一定是速度越来越大的直线运动B．它是加速度越来越大的直线运动C．它是加速度越来越小的直线运动D．它是加速度不变的直线运动7．在加速上升的电梯中，下列说法正确的是（）A．电梯中的人处于失重状态B．电梯中的人不受重力作用C．电梯中的人处于超重状态D．电梯中的人不会出现超重或失重现象8．若静止在平直铁道上的列车以恒定的功率启动，在启动后的一小段时间内，关于列车的运动，下列说法正确的是（）A．做匀速直线运动B．列车的速度和加速度均不断增加C．列车的速度增大，加速度减小D．列车做匀速运动9．在墙壁与外界无热传递的封闭房间里，夏天为了降低温度，同时打开电冰箱和电风扇，两电器工作较长时间后，房内气温将会（）A．升高 B．降低 C．不变 D．无法判断10．关于铁道转弯处内外铁轨间的高度关系，下列说法中正确的是（）A．内、外轨一样高，以防列车倾倒造成翻车B．因为列车转弯处有向内倾倒的可能，故一般使内轨高于外轨，以防列车翻倒C．外轨比内轨略高，这样可以使列车顺利转弯，减少车轮与铁轨的挤压D．以上说法均不正确11．关于物体间的作用力和反作用力，下列说法正确的是（）A．先有作用力后反作用力B．作用力和反作用力也可能作用在同一物体上C．作用力和反作用力可能相同D．作用力和反作用力一定大小相等、方向相反12．两个共点力的大小分别为F1=8N和F2=15N，则这两个共点力的合力不可能等于下列哪个值（）A．4N B．8N C．16N D．20N13．在“探究功与速度变化的关系”的实验中，关于该实验的操作和实验结论，下列说法不正确的是（）A．实验时，可不必算出橡皮筋每次对小车做功的具体数值B．实验时，橡皮筋每次拉伸长度必须保持一致C．实验时，先接通电源，再让小车在橡皮筋的作用下弹出D．实验结论为：力对原来静止的物体所做的功与物化获得的速度成正比14．下列关于机械能守恒的说法中正确的是（）A．做匀速运动的物体，其机械能一定守恒B．做匀加速运动的物体，其机械能一定不守恒C．做匀速圆周运动的物体，其机械能一定守恒D．做平抛运动的物体，其机械能一定守恒15．如图所示，蜡块R可以在两端封闭．注满清水的竖直玻璃管中匀速上升．现若让蜡块R 从竖直管底沿管匀速上升的同时，令竖直玻璃管沿水平方向做初速度为0的匀加速直线运动．那么关于蜡块R相对于地面的运动轨迹，下列说法正确的是（）A．是一条竖直线 B．是一条倾斜的直线C．是一条抛物线 D．是一条水平线16（文）-20（文）题为选修了《物理（选修1-1）》模块的学生必答题，选修了《物理（选修3-1）》模块的学生不做这部分题目．16．一个闭合线圈放在变化的磁场中，线圈产生的感应电动势为E．若将线圈匝数增加为原来的4倍，则线圈产生的感应电动势变为（）A．4E B．2E C．D．17．为研究静电除尘，有人设计了一个盒状容器，容器侧面是绝缘的透明有机玻璃，它的上下底面是金属板，当连接到高压电源正负两极时，能在两金属板间产生一个电场，如图所示．现把一定量均匀分布的烟尘颗粒密闭在容器内，每立方米有烟尘颗粒1013个，每个颗粒带正电荷，假设这些颗粒都处于静止状态，不考虑烟尘颗粒之间的相互作用和空气阻力，并忽略烟尘颗粒所受重力，则合上开关后（）A．烟尘颗粒被吸附在上板 B．烟尘颗粒被吸附在下板C．烟尘颗粒不受影响，仍静止 D．不能确定18．在日常生活中，摄像机、电视机是常见的电子产品，对它们的认识，下列说法不正确的是（）A．摄像机实际上是一种将光信号转变为电信号的装置B．电视机实际上是一种将电信号转变为光信号的装置C．摄像机在1秒内传送25帧图象D．电视机接收的画面是连续的19．磁性水雷是用一个可以绕轴转动的小磁针来控制起爆电路的，军舰被地磁场磁化后就变成了一个浮动的磁体，当军舰接近磁性水雷时，就会引起水雷的爆炸，如图所示，其依据是（）A．磁体的吸铁性 B．磁极间的相互作用规律C．电荷间的相互作用规律 D．磁场具有方向性20．李明利用如图所示实验装置探究电磁感应现象，他把装置中的直铜线ab通过导线接在量程为3A的电流表的两接线柱上，当让ab迅速向右运动时，并未民现电流表指针明显偏转．你认为最可能的原因是（）A．感应电流太小，无法使指针明显偏转B．铜线ab太细，换用铜棒进行实验便能使指针明显偏转C．ab运动方向不对，应将ab改为向左运动D．ab运动方向不对，应将ab改为上下运动21（理）-25（理）题为选修了《物理（选修3-1）》模块的学生必答题，选修了《物理（选修1-1）》模块的学生不做这部分题目．21．如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r．当可变电阻的滑片P向b移动时，电压表V1的示数U1与电压表V2的示数U2的变化情况是（）A．U1变大，U2变小B．U1变大，U2变大C．U1变小，U2变小D．U1变小，U2变大22．如图所示，a、b、c是一条电场线上的三点，电场线的方向由a到c，a、b间距离等于b、c间距离，用φa、φb、φc和E a、E b、E c分别表示abc三点的电势和场强，可以判定（）A．φa＞φb＞φc B．E a＞E b＞E c C．φa﹣φb=φb﹣φc D．E a=E b=E c23．王爷爷退休后迷上了信鸽比赛，他饲养的信鸽小雪通体雪白，血统优秀，多次在“放飞﹣返回”比赛中获第一名．不知道让多少人羡慕！王爷爷也很得意，为奖励小雪，王爷爷给它戴上一个非常漂亮的磁性头套．这样做对小雪在比赛中将（）A．不会影响它的导航B．不利于它的导航C．有助于它的导航D．不能确定是否会最影响它的导航24．在水深超过200m的深海，光线极少，能见度极小．有一种电鳗具有特殊的适应性，能通过自身发出生物电，获得食物，威胁敌害，保护自己．若该鱼鳗的头尾相当于两个电极，它在海水中产生的电场强度达104V/m，可击昏敌害，鱼鳗身长为50cm，则电鳗在放电时产生的瞬间电压为（）A．10V B．500V C．5000V D．10000V25．如图所示，条形磁铁放在水平桌面上，其中央正上方固定一根直导线，导线与磁铁垂直，并通以垂直纸面向外的电流，则（）A．磁铁对桌面的压力增大，不受桌面摩擦力作用B．磁铁对桌面的压力增大，受到桌面摩擦力作用C．磁铁对桌面的压力减小，不受桌面摩擦力作用D．磁铁对桌面的压力减小，受到桌面摩擦力作用二、填空题（本题包括小5题，每空2分，共20分．）26．小颖在田径场绕400m环形跑道跑了2圈，则她的位移大小是m，路程是m．27．如图所示，A、B为咬合转动的两个齿轮，它们的半径分别为R A和R B，且R A=2R B，则A、B两轮边缘上两点的角速度之比为；线速度之比为．28．打点计时器输入的交变电流的频率是50Hz，则打点计时器每隔s打一个点．若测得纸带上打下的第10个到20个点的距离为20.00cm，则物体在这段位移的平均速度为m/s．29．质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落，桌面离地面高度为h，如图所示，若以桌面为参考平面，那么小球落地时的重力势能为；，整个下落过程中重力势能的改变量为．30（文）题为选修了《物理（选修1-1）》模块的学生必答题，选修了《物理（选修3-1）》模块的学生不做这部分题目．30．照明用的正弦式电流的电压为220V，则它的有效值是V，峰值是V．31（理）题为选修了《物理（选修3-1）》模块的学生必答题，选修了《物理（选修1-1）》模块的学生不做这部分题目．31．如图所示是一种通过测量电容器电容的变化，来检验液面高低的仪器原理图（这种仪器的优点爞将非电学量的变化转换为电信号，使测量自动化）．容器中装有导电液体，是电容器的一个电极；中间的芯柱是电容器的另一个电极，芯柱外面套有绝缘管（塑料或橡皮）作为电介质．电容器的两个电极分别用导线接到指示器上．指示器显示的是电容的大小，于是从电容的大小就可以知道容器中液面位置的高低．如果指示器显示出电容的增大了，则可判断液面（填“升高”或“降低”）；电容增大的原因是由于电容器两极板正对面积（填“增大”或“减小”）．三、计算与简答题（本题包括3小题，第26题6分，第27题6分，第28题8分，共20分．）26-27题为所有学生必答题．32．一木箱静止在光滑水平地面上，装货物后木箱和货物的总质量为50kg，现以200N的水平推力推木箱，求：（1）该木箱的加速度；（2）第2s末木箱的速度．33．从某高度处以v0=15m/s的初速度水平抛出一物体，经时间t=2s落地．g取10m/s2求：（1）物体抛出时的高度y和物体落地点与抛出点间的距离x（2）物体落地时速度的大小v．34（文）题为选修了《物理（选修1-1）》模块的学生必答题，选修了《物理（选修3-1）》模块的学生不做这部分题目．34．微波炉的工作应用了一种电磁波﹣﹣微波（微波的频率为2450×106Hz）．食物中的水分子在微波的作用下加剧了热运动，内能增加，温度升高，食物增加的能量是微波给它的．表是某微波炉的部分技术参数，问：（1）该微波炉内磁控管产生的微波波长是多少？（2）该微波炉在使用微波挡工作时的额定电流是多少？（3）如果做一道菜，使用微波挡需要正常工作30min，则做这道菜需消耗的电能为多少焦？35（理）、题为选修了《物理（选修3-1）》模块的学生必答题，选修了《物理（选修1-1）》模块的学生不做这部分题目．35．如图所示，一带电液滴在相互垂直的匀强电场和匀强磁场中做匀速圆周运动，其轨道半径为R．已知电场的电场强度为E，方向竖直向下；磁场的磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，不计空气阻力，设重力加速度为g，求：（1）液滴的绕行方向如何？（2）液滴的速度多大？2018年湖南省普通高中学业水平考试物理模拟试卷参考答案一、选择题（本题20包括小题，每小题3分，共60分，每小题只有一个选项符合题意．）1-15题为所有学生必答题．1．A；2．C；3．D；4．C；5．A；6．D；7．C；8．C；9．A；10．C；11．D； 12．A； 13．D； 14．D； 15．C；16（文）-20（文）题为选修了《物理（选修1-1）》模块的学生必答题，选修了《物理（选修3-1）》模块的学生不做这部分题目．16．A； 17．B； 18．D； 19．B； 20．A；21（理）-25（理）题为选修了《物理（选修3-1）》模块的学生必答题，选修了《物理（选修1-1）》模块的学生不做这部分题目．21．A； 22．A； 23．B； 24．C； 25．C；二、填空题（本题包括小5题，每空2分，共20分．）26．0；800；27．1：2；1：1；28．0.02；1；29．-mgh；mg（H+h）；30（文）题为选修了《物理（选修1-1）》模块的学生必答题，选修了《物理（选修3-1）》模块的学生不做这部分题目．30．220；220；31（理）题为选修了《物理（选修3-1）》模块的学生必答题，选修了《物理（选修1-1）》模块的学生不做这部分题目．31．升高；增大；三、计算与简答题（本题包括3小题，第26题6分，第27题6分，第28题8分，共20分．）26-27题为所有学生必答题．32．；33．；34（文）题为选修了《物理（选修1-1）》模块的学生必答题，选修了《物理（选修3-1）》模块的学生不做这部分题目．34．；35（理）、题为选修了《物理（选修3-1）》模块的学生必答题，选修了《物理（选修1-1）》模块的学生不做这部分题目．35．；。
2018年湖南高考物理模拟题及答案(6) .doc
2018年湖南高考物理模拟题及答案（6）一、选择题(8×8′＝64′)1．一电池外电路断开时的路端电压为3 V ，接上8 Ω 的负载电阻后路端电压降为2.4 V ，则可以判定电池的电动势E 和内阻r 为( )A ．E ＝2.4 V ，r ＝1 ΩB ．E ＝3 V ，r ＝2 ΩC ．E ＝2.4 V ，r ＝2 ΩD ．E ＝3 V ，r ＝1 Ω解析：因为电路断开时路端电压为3 V ，所以E ＝3 V 当R ＝8 Ω时，U ＝2.4 V ，所以I ＝UR ＝2.48A ＝0.3 AE ＝U ＋Ir ，所以r ＝2 Ω.答案：B图12．如图1中，电阻R 1、R 2、R 3的阻值相等，电池的内阻不计，开关接通后流过R 2的电流是K 接通前的( )A.12 B.23 C.13D.14解析：由串、并联知识可得，在K 没有接通时，R 1、R 2串联，I 1＝E2R在K 接通后，R 2、R 3并联，再跟R 1串联I 2′＝12I 2＝12·ER ＋R 2＝12·2E 3R ＝E 3R 由I2′I1＝E3R E 2R ＝23，所以B 选项正确． 答案：B图23．在图2所示电路中E 为电源，其电动势E ＝9.0 V ，内阻可忽略不计；AB 为滑动变阻器，其电阻R ＝30 Ω；L 为一小灯泡．其额定电压U ＝6.0 V ，额定功率P ＝1.8 W ；K 为电键．开始时滑动变阻器的触头位于B 端，现在接通电键 K ，然后将触头缓慢地向A 端滑动，当到达某一位置C 处时，小灯泡刚好正常发光，则CB 之间的电阻应为( )A ．10 ΩB ．20 ΩC ．15 ΩD ．5 Ω解析：本题中小灯泡正好正常发光，说明此时小灯泡达到额定电流I 额＝P /U ＝1.8/6.0 A ＝0.3 A ，两端电压达到额定电压U 额＝6.0 V ，而小灯泡和电源、滑动电阻AC 串联，则电阻AC 的电流与小灯泡的电流相等，则R AC ＝UAC IAC ＝E －UL IAC ＝9.0－6.00.3Ω＝10 Ω，R CB ＝R －R AC ＝(30－10) Ω＝20 Ω，所以B 选项正确．答案：B图34．在如图3所示的电路中，当变阻器R 3的滑动头P 由a 端向b 端移动时( ) A ．电压表示数变大，电流表示数变小 B ．电压表示数变小，电流表示数变大 C ．电压表示数变大，电流表示数变大 D ．电压表示数变小，电流表示数变小 解析：首先将理想化处理，简化电路，R 2与R 3并联后与R 1串联，当滑动头P 向b 端移动时，R 3阻值变小，R 2、R 3并联部分总电阻变小，据串联分压原理，R 1和内电阻上电压增大，R 2、R 3并联部分电压变小，由此可得：外电路上总电压变小，电压表示数变小；R 2上电流变小，但干路总电流变大，因此R 3上电流变大，电流表示数变大．正确选项为B.少数考生没有将电流表和电压表进行理想化处理，由于电路结构较复杂，分析时产生失误．少数考生审题不严，误将滑动头P 上移动理想为R 3阻值变大，导致错误．答案：B5.图4如图4所示的电路中，闭合电键，灯L1、L2正常发光．由于电路出现故障，突然发现灯L1变亮，灯L2变暗，电流表的读数变小．根据分析，发生的故障可能是( ) A．R1断路B．R2断路C．R3短路D．R4短路解析：等效电路如图5所示，若R1断路，总外电阻变大，总电流减小，路端电压变大，L1两端电压变大，图5L1变亮；ab部分电路结构没变，电流仍按原比例分配，总电流减小，通过L2、电流表的电流都减小，故A选项正确．若R2断路，总外电阻变大，总电流减小，ac部分电路结构没变，电流仍按原比例分配，R1、L1中电流都减小，与题意相矛盾，故B选项错．若R3短路或R4短路，总外电阻减小，总电流增大，A中电流变大，与题意相矛盾，故C、D选项错．答案：A图66．如图6所示，是一个由电池、电阻R与平行板电容器组成的串联电路．在增大电容器两极板间距离的过程中( )A．电阻R中没有电流B．电容器的电容变小C．电阻R中有从a流向b的电流D．电阻R中有从b流向a的电流解析：增大电容器两极板间距离时，电容器电容变小，电容器放电，A极板上的正电荷通过电阻向电池充电，电阻R中有由a流向b的电流．7．(2009·全国卷Ⅱ)图7为测量某电源电动势和内阻时得到的U－I图线．用此电源与三个阻值均为3 Ω的电阻连接成电路，测得路端电压为4.8 V．则该电路可能为( )图7解析：本题考查测电源的电动势和内电阻及电路的有关知识，意在考查考生综合运用电路知识和实验的有关方法解决问题的能力；由图可知，E＝U m＝6 V，U＝4 V时，I＝4 A，因此有6＝4＋4r，解得r＝0.5 Ω，当路端电压为4.8 V时，U内＝E－U＝(6－4.8) V＝1.2 V，由UU内＝Rr，所以R＝UU内r＝4.81.2×0.5 Ω＝2 Ω，由电阻的串并联知识可知，正确答案为B. 答案：B8．(2009·重庆高考)某实物投影机有10个相同的强光灯L1～L10(24 V/200 W)和10个相同的指示灯X1～X10(220 V/2 W)，将其连接在220 V交流电源上，电路见图8.若工作一段时间后L2灯丝烧断，则( )图8A．X1的功率减小，L1的功率增大B．X1的功率增大，L1的功率增大C．X2的功率增大，其他指示灯的功率减小D．X2的功率减小，其他指示灯的功率增大解析：本题考查闭合电路的欧姆定律和电路的相关问题，意在考查考生运用知识解决实际问题的能力．L2灯丝烧断，则电路中的总电阻变大，由欧姆定律知，总电流减小，则除L2支路外，其他支路两端的电压减小，强光灯和指示灯的功率都要减小．其他支路电压减小，则L2两端电压升高，其功率增大．二、计算题(3×12′＝36′)9．某电子元件的电压与电流的关系如图9所示，将该电子元件与一个R ＝8 Ω的电阻串联，再接至电动势E ＝3 V 、内阻r ＝2 Ω的电源上，试求电路中电流及电源的效率．图9解析：将电源和R 视为一个新的电源，此电源的电动势E ′＝3 V ，内阻r ′＝10 Ω，则此新电源的路端电压U ′与电路中的总电流I 的关系为U ′＝3－10I ，此新电源的路端电压即为电子元件两端的电压．在题目图中作出新电源的图象，可得交点坐标值即为电路中的实际电流值和电子元件两端的实际电压值，分别为I ＝130 mA ，U ′＝1.7 V ，电源的效率η＝U 路E ，U 路＝E －Ir .联立解得η＝1－IrE，代入数据得η＝91.3%. 答案：130 mA 91.3%10．如图10所示的电路中，电源的电动势E ＝10 V ，内阻忽略不计，电阻的阻值分别为R 1＝R 2＝20 Ω、R 3＝10 Ω，滑动变阻器的最大阻值R ＝40 Ω，电容器的电容C ＝20μF ，则：图10(1)将滑动触头P 置于ab 中点，合上电键S ，待电路稳定后再断开S .求断开S 的瞬间，通过R 1的电流大小和方向；(2)闭合电键S ，当滑动触头P 缓慢地从a 点移到b 点的过程中，通过导线BM 的电量为多大？解析：(1)电键S 闭合，电路稳定时BD 两点的电势差U BD ＝R2E R1＋R2①PD 两点的电势差U PD ＝RPbER ＋R3② 则BP 两点的电势差U BP ＝U BC －U PC ③ 故断开S 的瞬间，通过R 1的电流方向向左；电流大小I1＝UBPR1＋R3＋RaP由①②③④代入数据解得I1＝0.02 A.(2)P在a点时，U PD＝RabER＋R3④U BP＝U BD－U PD⑤电容器M板带电量Q M＝CU BP⑥P在b点时U BP＝U BD⑦电容器M板带电量Q M′＝CU BP′⑧通过导线BM的电量Q＝Q M′－Q M⑨由④⑤⑥⑦⑧⑨式解得Q＝1.6×10－4C.答案：(1)I2＝0.02 A (2)Q＝1.6×10－4C11．(2010·苏州调研)一个电源的路端电压U随外电路电阻R的变化规律如图11(甲)所示，图中U＝12 V的直线为图线的渐近线．现将该电源和一个变阻器R0接成如图11(乙)所示电路，已知电源允许通过的最大电流为2 A，变阻器的最大阻值为R0＝22 Ω.求：图11(1)电源电动势E和内电阻r；(2)空载时A、B两端输出的电压范围．(3)A、B两端所能接负载的电阻的最小值．解析：(1)据全电路欧姆定律：E＝U＋Ir由图(甲)可知，当I＝0时，E＝U＝12 V当E＝12 V，R＝2 Ω时，U＝6 V，据全电路欧姆定律可得：r＝2 Ω(2)空载时，当变阻器滑片移至最下端时，输出电压U AB＝0当滑片移至最上端时，有E＝U AB＋Ir，I＝ER0＋r可得这时的输出电压U AB＝11 V所以，空载时输出电压范围为0～11 V.(3)设所接负载电阻的最小值为R′，此时滑片应移至最上端，电源电流最大I＝2 A，有：E＝I(R外＋r)，其中R外＝R0R′R0＋R′，代入数据可得：R′＝4.9 Ω.。
2018年湖南高考物理模拟题及答案(4) .doc
2018年湖南高考物理模拟题及答案（4）一、选择题(8×8′＝64′)1．描述对给定的电容器充电时，电量Q 、电压U ，电容C 之间的相互关系图象如图所示，其中错误的是( )答案：A图12．如图1所示，在A 板附近有一电子由静止开始向B 板运动，则关于电子到达B 板时的速率，下列解释正确的是( )A ．两板间距越大，加速的时间就越长，则获得的速率越大B ．两板间距越小，加速度就越大，则获得的速率越大C ．与两板间的距离无关，仅与加速电压U 有关D ．以上解释都不正确解析：设电子质量为m ，电荷量为e ，两板间距为d ，则 12eU md·t 2＝d 解得t ＝d 2meU即t ∝d 又 eU ＝12mv 2－0得v ＝2eUm与d 无关． 答案：C图23．如图2所示，水平放置的两个平行的金属板A 、B 带等量的异种电荷，A 板带负电荷，B 板接地．若将A 板向上平移到虚线位置，在A 、B 两板中间的一点P 的电场强度E 和电势φ的变化情况是( )A ．E 不变，φ改变B ．E 改变，φ不变C ．E 不变，φ不变D ．E 改变，φ改变解析：当将A 板向上平移到虚线位置时，意味着平行板之间的距离拉大，由C ＝εS4πkd 知，电容C 减小，由题意知电容上的带电量不变，由Q ＝CU 可知，U 必变大；由U ＝Ed ，所以Q ＝CU ＝εS 4πkd U ＝εS 4πkd Ed ＝εSE4πk 知，E 不变，由于P 点到B 板的距离不变，故PB 之间的电压不变，故应选C.答案：C图34．如图3所示，在O 点放置正点电荷Q ，a 、b 两点的连线过O 点，且Oa ＝ab .以下说法正确的是( )A ．将质子从a 点由静止释放，质子向b 做匀加速运动B ．将质子从a 点由静止释放，质子运动到b 点的速率为v ，则将α粒子从a 点由静止释放后运动到b 点的速率为22v C ．若电子以Oa 为半径绕O 做匀速圆周运动的线速度为v ，则电子以Ob 为半径绕O 做匀速圆周运动的线速度为2vD ．若电子以Oa 为半径绕O 做匀速圆周运动的线速度为v ，则电子以Ob 为半径绕O 做匀速圆周运动的线速度为v2解析：由于库仑力变化，因此质子向b 做变加速运动，A 错误；由于a 、b 之间的电势差恒定，根据动能定理qU ＝12mv 2，可得v ＝2qUm，则知α粒子从a 点由静止释放后运动到b 点的速率为22v ，B 正确；当电子以Oa 为半径绕O 做匀速圆周运动时，根据k Qq r2＝m v2r，可得v ＝kQq mr ，则知电子以Ob 为半径绕O 做匀速圆周运动时的线速度为22v ，C 、D 错误． 答案：B图45．如图4所示，平行金属板内有一匀强电场，一个电荷量为q、质量为m的带电粒子(不计重力)以v0从A点水平射入电场，且刚好以速度v从B点射出．则以下说法正确的是( ) A．若该粒子以速度－v从B点射入，它将刚好以速度－v0从A点射出B．若该粒子以速度－v0从B点射入，它将刚好以速度－v从A点射出C．若将q的反粒子(－q，m)以速度－v0从B点射入，它将刚好以速度－v从A点射出D．若将q的反粒子(－q，m)以速度－v从B点射入，它将刚好以速度－v0从A点射出解析：从粒子的运动轨迹可以判断粒子带正电．粒子在电场中做类平抛运动，水平方向为匀速直线运动，竖直方向为匀加速直线运动．该粒子的反粒子在电场中受到的电场力向上，轨迹将要弯曲向上．结合运动的合成与分解，可得正确选项为A、C.答案：AC6.图5如图5所示，交变电压加在平行板电容器A、B两极板上，开始B板电势比A板电势高，这时有一个原来静止的电子正处在两板的中间，它在电场作用下开始运动．设A、B两极板间的距离足够大，下列说法正确的是( )A．电子一直向着A板运动B．电子一直向着B板运动C．电子先向A板运动，然后返回向B板运动，之后在A、B两板间做周期性往复运动D．电子先向B板运动，然后返回向A板运动，之后在A、B两板间做周期性往复运动图6解析：根据交变电压的变化规律，不难确定电子所受电场力的变化规律，从而作出电子的加速度a，速度v随时间变化的图线，如图6所示．从图中可知，电子在第一个T/4内做匀加速运动，第二个T/4内做匀减速运动，在这半个周期内，因初始B板电势比A板电势高，所以电子向B板运动，加速度大小为eU/md.在第三个T/4内做匀加速运动．第四个T/4内做匀减速运动．但在这半个周期内运动方向与前半个周期相反，向A板运动，加速度大小为eU/md，所以电子做往复运动．综合分析正确答案应选D.答案：D图77．如图7所示，L 为竖直、固定的光滑绝缘杆，杆上O 点套有一质量为m 、带电荷量为－q 的小环，在杆的左侧固定一电荷量为＋Q 的点电荷，杆上a 、b 两点到＋Q 的距离相等，Oa 之间距离为h 1，ab 之间距离为h 2，使小环从图示位置的O 点由静止释放后，通过a 点的速率为3gh1.则下列说法正确的是( )A ．小环通过b 点的速率为g3h1＋2h2B ．小环从O 到b ，电场力做的功可能为零C ．小环在Oa 之间的速度是先增大后减小D ．小环在ab 之间的速度是先减小后增大解析：由动能定理：O →a ，mgh 1－Uq ＝12mv a 2，O →b ，mg (h 1＋h 2)－Uq ＝12mv b 2，解得v b ＝g 3h1＋2h2. 答案：A8．(2009·四川高考)图8如图8所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O 点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v 1从M 点沿斜面上滑，到达N 点时速度为零，然后下滑回到M 点，此时速度为v 2(v 2<v 1)．若小物体电荷量保持不变，OM ＝ON ，则( )A ．小物体上升的最大高度为v12＋v224gB ．从N 到M 的过程中，小物体的电势能逐渐减小C ．从M 到N 的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D ．从N 到M 的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小解析：本题综合考查库仑力、电场力做功与电势能变化的关系、动能定理，意在考查考生的推理能力和分析综合能力．M 、N 两点在同一等势面上．从M 至N 的过程中，根据动能定理，－mgh －W f ＝0－12mv 12，从N 至M 的过程中，mgh －W f ＝12mv 22，由两式联立可得：h ＝v12＋v224g ，A 项正确；从N 至M ，点电荷周围的电势先增大后减小，故小物体的电势能先减小后增大，B 项错误；从M 到N 的过程中，电场力对小物体先做正功后做负功，C 项错误；根据库仑定律，从N 到M 的过程中，小物体受到的库仑力先增大后减小，受力分析知，小物体受到的支持力先增大后减小，因而摩擦力也是先增大后减小，D 项正确．答案：AD二、计算题(3×12′＝36′)图99．两平行金属板竖直放置，带等量异种电荷，一带电荷量为q 、质量为m 的油滴以v 0的速率沿两板中线竖直向上射入两板之间，最后垂直打在B 板上，如图9所示．已知油滴打在B 板上时的速率仍为v 0，则A 、B 两板间的电势差为多大？解析：由运动分解可知，油滴可看成竖直方向的上抛运动和沿水平方向在电场力作用下的匀加速直线运动的合运动，垂直打在板上，竖直方向速度为零，水平方向速度为v 0，故有0＝v 0－gt ，得t ＝v0g水平方向a ＝qU md ，v 0＝at ＝qU md ·v0g ＝qUv0mdg由水平方向位移情况d 2＝v ·t ＝v02·t ＝v022g解上述各式得U ＝mv02q答案：mv02q图1010．如图10所示，AB 、CD 为两平行金属板，A 、B 两板间电势差为U ，C 、D 始终和电源相接，测得其间的场强为E .一质量为m 、电荷量为q 的带电粒子(重力不计)由静止开始，经AB 加速后穿过CD 发生偏转，最后打在荧光屏上，已知C 、D 极板长均为x ，荧光屏距C 、D右端的距离为L ，问：(1)粒子带正电还是带负电？(2)粒子打在荧光屏上距O 点下方多远处？ (3)粒子打在荧光屏上时的动能为多大？解析：(1)粒子向下偏转，电场力向下，电场强度方向也向下，所以粒子带正电． (2)设粒子从AB 间出来时的速度为v ，则有qU ＝12mv 2设粒子离开偏转电场时偏离原来方向的角度为φ，偏转距离为y ，则 在水平方向有v x ＝v ，x ＝vt 在竖直方向有v y ＝at ，y ＝12at 2其中a ＝qE m ，t ＝xv由此得到tan φ＝vy vx ＝Ex 2U ，y ＝Ex24U所以粒子打在荧光屏上的位置离开O 点的距离为y ′＝y ＋L tan φ＝Ex 2U (x 2＋L )(3)由上述关系式得v y ＝Exq2mU，所以粒子打在屏上时的动能为： E ＝12mv x 2＋12mv y 2＝qU ＋qE2x24U ＝q 4U2＋E2x24U答案：(1)正电 (2)Ex 2U (x 2＋L ) (3)q 4U2＋E2x24U图1111．为研究静电除尘，有人设计了一个盒状容器，容器侧面是绝缘透明的有机玻璃，它的上下底面是面积A ＝0.04 m 2的金属板，间距L ＝0.05 m ，当连接到U ＝2500 V 的高压电源正负两极时，能在两金属板间产生一个匀强电场，如图11所示．现把一定量均匀分布的烟尘颗粒密闭在容器内，每立方米有烟尘颗粒1013个，假设这些颗粒都处于静止状态，每个颗粒带电量为q ＝＋1.0×10－17C ，质量为m ＝2.0×10－15kg ，不考虑烟尘颗粒之间的相互作用和空气阻力，并忽略烟尘颗粒所受重力．求合上开关后：(1)经过多长时间烟尘颗粒可以被全部吸附？ (2)除尘过程中电场对烟尘颗粒共做了多少功？ (3)经过多长时间容器里烟尘颗粒的总动能达到最大？解析：(1)当最靠近上表面的烟尘颗粒被吸附到下板时，烟尘就被全部吸附，烟尘颗粒受到的电场力F ＝qU L ，L ＝12at 2＝qUt22mL，t ＝L2mqU＝0.02 s. (2)W ＝12NALqU ＝2.5×10－4J.(3)设烟尘颗粒下落距离为xE k ＝12mv 2·NA (L －x )，当x ＝L 2时，E k 达到最大，x ＝12at 12.t 1＝2x a ＝L mqU＝0.014 s. 答案：(1)0.02 s (2)2.5×10－4J (3)0.014 s。
2018年普通高等学校招生全国统一考试仿真卷物理试题(五)(精品解析版)
2018年普通高等学校招生全国统一考试仿真卷理科综合能力测试·物理（五）二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求。
第19～21题有多选项符合题目要求。
全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1. 下列说法正确的是A. 在国际单位制中，力学的基本单位是千克、牛顿、秒B. 开普勒通过对行星运动规律的研究总结出了万有引力定律C. 库仑在前人研究的基础上，通过扭秤实验研究得出了库仑定律D. 法拉第首先发现了电流可以使周围的小磁针偏转【答案】C【解析】在国际单位制中，力学的基本单位是千克、米、秒，选项A错误；开普勒通过对行星运动规律的研究总结出了行星运动定律，选项B错误；库仑在前人研究的基础上，通过扭秤实验研究得出了库仑定律，选项C正确；奥斯特首先发现了电流可以使周围的小磁针偏转，选项D错误；故选C.2. 假设宇宙中有两颗相距无限远的行星A和B，半径分别为R A和R B。
两颗行星周围卫星的轨道半径的三次方(r3)与运行周期的平方(T2)的关系如图所示，T0为卫星环绕行星表面运行的周期。
则A. 行星A的质量小于行星B的质量B. 行星A的密度小于行星B的密度C. 行星A的第一宇宙速度等于行星B的第一宇宙速度D. 当两行星的卫星轨道半径相同时，行星A的卫星向心加速度大于行星B的卫星向心加速度【答案】D【解析】根据万有引力提供向心力得出：得：，根据图象可知，A的比较B的大，所以行星A的质量大于行星B的质量，故A错误；根图象可知，在两颗行星表面做匀速圆周运动的周期相同，密度，所以行星A的密度等于行星B的密度，故B错误；第一宇宙速度，A的半径大于B的半径，卫星环绕行星表面运行的周期相同，则A的第一宇宙速度大于行星B的第一宇宙速度，故C错误；根据得：，当两行星的卫星轨道半径相同时，A的质量大于B的质量，则行星A的卫星向心加速度大于行星B的卫星向心加速，故D正确．故选D.点睛：要比较一个物理量大小，我们应该把这个物理量先表示出来，在进行比较．向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用.3. a、b两物体在同一直线上运动，二者运动的v -t图象均为直线，如图所示，已知两物体在4 s末相遇。
物理_2018年湖南省某校高考物理模拟试卷(3月份)_复习
2018年湖南省某校高考物理模拟试卷（3月份）二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18小题只有一项符合题目要求，第19～21小题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分．1. 以下涉及物理学史上的四个重大发现，其中说法不正确的是（）A 卡文迪许通过扭秤实验，测定出了力有引力恒量B 奥斯特通过实验研究，发现了电流周围存在磁场C 纽曼、书伯在对理论和实验资料进行严格分析后，总结出后人称之为法拉第电磁感应定律的结论D 牛顿根据理想斜面实验，提出力是改变物体运动状态的原因2. 含有理想变压器的电路如图所示，图中电阻R1、R2和R3的阻值分别为8Ω、1Ω、3Ω，U 为止弦交流电压源，输出电压的有效值恒定。
开关S断开时变压器输出功率与S闭合时变压器输出功率相等，该变压器原副线圈匝数比为（）A 2B 3C 4D 53. 如图所示，木板P下端通过光滑铰链固定于水平地面上的O点，物体A、B叠放在木板上且处于静止状态，此时物体B的上表面水平。
现使木板P绕O点缓慢旋转到虚线所示位置，物体A、B仍保持静止，与原位置的情况相比（）A A对B的作用力减小B B对A的支持力减小C 木板对B的支持力增大D 木板对B 的摩擦力增大4. 如图所示，A、B两小球静止在光滑水平面上，用轻弹簧相连接，A球的质量小于B球的质量．若用锤子敲击A球使A得到v的速度，弹簧压缩到最短时的长度为L1；若用锤子敲击B 球使B得到v的速度，弹簧压缩到最短时的长度为L2，则L1与L2的大小关系为（）A L1>L2B L1<L2C L1=L2D 不能确定5. 如图所示，空间中存在着山一固定的负点电荷Q（图中未画出）产生的电场。
另一正点电荷q仅在电场力作用下沿曲线MN运动，在M点的速度大小为v0，方向沿MP方向，到达N 点时速度大小为v，且v<v0，则（）A Q一定在虚线MP下方B M点的电势比N点的电势高C q在M点的电势能比在N点的电势能小D q在M点的加速度比在N点的加速度小6. 如图所示，在某行星表面上有一倾斜的匀质圆盘，盘面与水平面的夹角为30∘，圆盘绕垂直于盘面的固定对称轴以恒定的角速度转动，盘面上离转轴距离L处有一小物体与圆盘保持相对静止，当圆盘的角速度为ω时，小物块刚要滑动。
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质量为m的汽车沿平直公路行驶，当它的加速度为a时，速度为v，此时发动机的实际功率为P。
设汽车运动中所受阻力恒定，发动机的额定功率为P ，则它在平直公路匀速行驶的最大速度是 。
答案解析试题分析：根据牛顿运动定律：，当汽车行驶速度最大时， ，联立解得：考点：考查了汽车的启动问题如图，倾角θ＝37 的光滑斜面固定在水平面上，斜面长L＝3.0 m，质量m＝ 1kg的物块从斜面顶端无初速度释放，则（sin37 ＝0.6，cos37 ＝0.8，取g＝10m/s ）A、物块从斜面顶端滑到底端的过程中重力的平均功率为30WB、物块滑到斜面底端时的动能为30JC、物块滑到斜面底端时重力的瞬时功率为48WD、物块滑到斜面底端时重力的瞬时功率为36W答案D解析试题分析：物体运动的加速度为 =6m/s ;下滑到低端所用的时间为 。
下滑到低端时重力做功W=m gLsin37 =18J；物块从斜面顶端滑到底端的过程中重力的平均功率为 ;滑到低端时的速度，动能为；物块滑到斜面底端时重力的瞬时功率为.所以选项D正确。
考点：平均功率和瞬时功率的观念。
（13分）汽车发动机的功率为60KW，汽车的质量为 。
汽车在足够长的水平路面从静止以0.6m/s 的加速度做匀加速直线运动。
（已知汽车在行驶中所受路面阻力恒定为重力的0.1倍，g取10m/s ）求： （1）汽车在水平路面能达到的最大速度v （2）汽车在水平路面做匀加速运动能维持多长时间答案m 00022022m1（1）15m/s （2）15.625s解析试题分析：（1）汽车达到最大速度时，牵引力等于阻力有：（2）经t时间，汽车匀加速达到额定功率时，由牛顿第二定律有：由运动学规律有：而解得 t = 15.625s考点：机车的两种启动方式质量为m的汽车启动后沿平直路面行驶，如果发动机的功率恒为P，且行驶过程中受到的阻力大小一定。
当汽车速度为v时，汽车做匀速运动；当汽车速度为v/4时，汽车的瞬时加速度的大小为A、P/mvB、2P/mvC、3P/mvD、4P/mv答案C解析试题分析：当汽车速度为v时，有 ，当速度为v/4时，牵引力为 ，由牛顿第二定律F-f=ma，a=3P/mv，故选C考点：考查机车启动点评：本题难度较小，注意只有在速度最大时牵引力才等于阻力大小质量为1kg的物体从某一高度自由下落，设1s内物体着地，则该物体下落1s内重力做功的平均功率是（不计空气阻力，g=10 2m/s ）A、25WB、50WC、75WD、100W答案B解析试题分析：1s内物体下落的高度为 ，重力做功为W=mgh=50J,所以重力做功的平均功率为 ,选项B正确。
考点：自由落体运动及功率的概念。
火车在水平轨道上做匀加速直线运动，若阻力不变，则牵引力F和火车的瞬时功率P的变化情况是A、F不变，P变大B、F变小，P不变C、F变大，P变大D、F、P都不变答案A解析试题分析：由于火车做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得， ，由于f不变，a不变，所以火车的牵引力F不变，火车的功率 ，F不变，但是火车的速度v在不断的增加，所以火车的功率在不断的变大，所以A正确。
故选A、考点：功率、平均功率和瞬时功率。
点评：分析火车的瞬时功率只能用功率 来分析，公式 求出的是平均功率的大小。
2质量为2kg的物体做自由落体运动，经过2s落地。
取g=10m/s 。
关于重力做功的功率，下列说法正确的是A、下落过程中重力的平均功率是400WB、下落过程中重力的平均功率是100WC、落地前的瞬间重力的瞬时功率是400WD、落地前的瞬间重力的瞬时功率是200W答案C解析试题分析：物体2s下落的高度为 ，落地的速度为 ，所以下落过程中重力的平均功率是,落到地面前的瞬间重力的瞬时功率是 400W，选项C正确。
考点：平均功率和瞬时功率的概念。
如图所示，长为L=9m的传送带与水平方向的倾角θ=37°，在电动机的带动下以v=4m/s的速率沿顺时针方向运行，在传送带的B端有一离传送带很近的挡板P可将传送带上的物体挡住，在传送带的A端无初速度地释放一质量m=1Kg的物体，它与传送带之间的动摩擦因数为0.5，物体与挡板碰撞时的能量损失及碰撞时间均不计。
（sin37°=0.6，cos37°=0.8）①在物体从第一次由静止开始下滑到与挡板P第一次相碰后，物体再次上升到最高点的过程中，由于摩擦而产生的热量为多少？②试求物体最终的运动状态以及达到该运动状态后电动机的输出功率P。
答案（1）100.8J （2）最终物块在P与离P 4m的范围内不断做向上的加速度为2 m/s2的减速运动和向下做加速度为2 m/s2的加速运动 16w解析试题分析：（1）物块从A点由静止释放，物块相对传送带向下滑，物块沿传送带向下加速运动的加速度与P碰前的速度物块从A到B的时间在此过程中物块相对传送带向下位移挡板碰撞后，以v1的速度反弹，因 ，物块相对传送带向上滑，物块向上做减速运动的加速度为物块速度减小到与传送带速度相等的时间在t2时间内物块向上的位移物块相对传送带向上的位移与传送带速度相等后物块相对传送带向下滑，物块向上做减速运动的加速度物块速度减小到零的时间物块向上的位移此过程中物块相对传送带向下的位移 摩擦生热（2）物块块上升到传送带的最高点后，物块沿传送带向下加速运动，与挡板P第二次碰掸前的速度碰后因 ，物块先向上做加速度为 的减速运动，再做加速度为 的减速运动，物块向上的位移为物块与挡板第三次碰撞前的速度 在此类推经过多次碰撞后物块以 的速度反弹，故最终物块在P与离P 4m的范围内不断做向上的加速度为2 m/s2的减速运动和向下做加速度为2 m/s2的加速运动，物块的运动达到这一稳定状态后，物块对传送带有一与传送带运动方向相反的阻力（分析过程酌情给分）输出功率 考点：相对运动 功率某科技创新小组设计制作出一种全自动升降机模型，用电动机通过钢丝绳拉着升降机由静止开始匀加速上升，已知升降机的质量为m，当升降机的速度为v 时，电动机的有用功率达到最大值P，以后电动机保持该功率不变，直到升降机以最大速度v 匀速上升为止，整个过程中忽略摩擦阻力及空气阻力，重力加速度为g。
有关此过程下列说法正确的是（ ）A、钢丝绳的最大拉力为P/v B、升降机的最大速度v =p/mgC、钢丝绳的拉力对升降机所做的功等于升降机克服重力所做的功D、升降机速度由v 增大至v 的过程中，钢丝绳的拉力不断减小答案B,D解析试题分析：匀加速提升重物时钢绳拉力最大，且等于匀加速结束时的拉力，由 得 ，故A错误；升降机的最大速度时，拉力等于重力，故有，故B正确；对整个过程运用动能定理得，钢丝绳的拉力对升降机所做的功大于升降机克服重力所做的功，故C错误；升降机速度由 增大至v 的过程中，加速度逐渐减小，钢丝绳的拉力不断减小，故D正确。
所以选BD、考点：本题考查的是类似于汽车启动方式问题，同时考查了功率、牛顿第二定律和功能关系。
质量为m=2kg的物体，在光滑的水平面上以v =6m/s的速度匀速向西运动，若有一质量大小为8N、方向向北的恒力F作用于物体，2s末力F的功率为A、80WB、64WC、48WD、36W答案B解析试题分析：2s末物体沿F方向的速度为 ，所以2s末力F的功率为 P=Fv=64W,选项B正确。
考点：瞬时功率的概念及牛顿定律。
一辆汽车在平直公路上加速行驶，受到恒定的阻力作用。
当速度为v时，汽车发动机输出功率为P。
此时汽车的牵引力A、大于12221221B、等于C、小于D、无法确定答案B解析试题分析：由于此时的发动机的功率为P，速度为v，故由功率的公式P=Fv，可知，牵引力F= ，故B是正确的。
考点：功率公式P=Fv的应用。
（10分）如图所示，一辆质量为 2.0×10 kg 的汽车在平直公路上行驶，若汽车行驶过程中所受阻力恒为f = 2.5×10 N ，且保持功率为 80 kw 求：( l )汽车在运动过程中所能达到的最大速度； ( 2 )汽车的速度为 5m/s 时的加速度 ； ( 3 )汽车的加速度为0.75m/s 时的速度。
答案(1) 32m/s；(2)6.75 ；（3） m/s解析试题分析：(1) 因汽车匀速直线运动时速度最大， 由 和 得： ="32m/s" （2分） (2) 设 =5m/s时牵引力为 则 （1分）（2分） 6.75 1分） （3）设 时牵引力为（1分） （2分） m/s （1分）考点：牛顿第二定律、功及功率。
汽车以恒定功率沿公路做直线运动，途中通过一块沙地。
汽车在公路及沙地上所受阻力均为恒力，且在沙地上受到的阻力大于在公路上受到的阻力。
汽车在驶入沙地前己做匀速直线运动，它在驶入沙地到驶出沙地后的一段时间内，位移s 随时间t 的变化关系可能是Ａ。
ＡＢ。
ＢＣ。
Ｃ332湖南邮电职业技术学院 长沙商贸旅游职业技术学院 湖南国防工业职业技术学院 湖南食品药品职业学院湖南汽车工程职业学院衡阳财经工业职业技术学院Ｄ。
Ｄ答案A解析汽车驶入沙地后阻力突然变大，导致牵引力小于阻力开始减速，s—t 图像斜率表示速度，速度先减小，排除D,汽车功率不变P =Fv ，速度v 减小导致牵引力F 增大，这样减速的加速度逐渐减小，直到加速度减小到0后匀速，但整个过程汽车一直向前，没有改变速度方向，排除C，最终速度不会大于原来公路上的速度，故排除选项B，选项A正确。
【考点定位】机动车的两种启动方式，s—t 图像汽船航行时所受水的阻力与它的速度的平方成正比,如果汽船以速度v水平匀速航行时,发动机的功率为P;则当汽船以速度2v水平匀速航行时,发动机的功率为（ ）A、P/2B、2PC、4PD、8P答案D解析试题分析：匀速航行时牵引力等于阻力，即，而阻力和速度平方成正比，设比例系数k，则，那么功率，当速度变为2v时，功率答案D对。
考点：功率质量为2×10 kg的汽车，发动机的最大输出功率为80kW，在平直的公路上受到4×10 N的恒定阻力作用，则它能够达到的最大速度为 m/s；如果让汽车在公路上由静止开始以2 m/s 的加速度做匀加速直线运动，则这个匀加速过程可以维持的时间为 s。
答案20 5解析试题分析：当汽车以额定功率做匀速直线运动时，速度最大，此时牵引力与阻力大小相等，由牵引力的功率P=Fv，可求解最大速度。
汽车在公路上由静止开始做匀加速直线运动时，由P=Fv，v增大，实际功率逐渐增大，当实际功率达到额定功率时，汽车做变加速度运动，匀加速运动结束。
根据牛顿第二定律求出匀加速运动的牵引力，由P=Fv求出匀加速运动的末速度，由速度公式v=at求出匀加速过程维持的时间。
当汽车以额定功率做匀速直线运动时，速度最大，则有F=F =4×10 N，由P=Fv ，v = =20m/s；设汽车匀加速直线运动过程中牵引力为F ，根据牛顿第二定律得 F -F =ma，得到F =F +ma，当汽车做匀加速直线运动结束时，功率达到额定功率，设速度为 ， 10m/s,再由 ，代入解得 t=5s。