河北省正定中学2014—2015学年高二上学期第四次月考物理试卷word版含答案
河北省正定中学2014-2015学年高二下学期第三次月考物理试卷(Word版含解析)
高二第二学期第三次月考物理试题(考试时间90分钟，满分110分)一、选择题(每小题4分，共48分。
1-8小题为单项选择题；9-12小题为不定项选择题，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。
)1.【题文】英国物理学家法拉第引入了“电场”和“磁场”的概念，并用画电场线和磁感线的方法来描述电场和磁场，为经典电磁学理论的建立奠定了基础．下列相关说法正确的是A. 电荷和电荷、通电导体和通电导体之间的相互作用是通过电场发生的B. 磁极和磁极、磁极和通电导体之间的相互作用是通过磁场发生的C. 电场线和电场线不可能相交，磁感线和磁感线可能相交D. 通过实验可发现电场线和磁感线的存在【答案】B【解析】本题主要考查电场、磁场及其对它们的描述；选项A，电荷和电荷之间是通过电场产生相互作用，通电导体和通电导体之间的相互作用是通过磁场发生的，故选项A错误；选项B，磁极和磁极、磁极和通电导体之间的相互作用是通过磁场发生的，故选项B正确；选项C，电场线和电场线、磁感线和磁感线都不可能相交，故选项C 错误；选项D，电场线和磁感线实际上都不存在，只是为了形象的描述对应的场而假想的曲线，故选项D错误；本题正确选项为B。
【题型】单选题【备注】【结束】2.【题文】对做匀变速直线运动的物体,下列说法正确的是A.在1 s内、2 s内、3 s内物体通过的位移之比是1∶3∶5B.一质点的位置坐标函数是x=4t+2t2，则它运动的初速度是4 m/s，加速度是2 m/s2C.做匀减速直线运动的物体,位移一定随时间均匀减小D.任意两个连续相等时间间隔内物体的位移之差都相等【答案】D【解析】本题主要考查匀变速运动规律；选项A，由可知在1 s内、2 s内、3 s内物体通过的位移之比是1:4:9，故选项A错误；选项B，由与的对应关系可知初速度为4m/s，加速度为4m/，故选项B错误；选项C，做匀减速运动的物体位移未必减小，比如以一定的初速度在地面上滑行的物体，其位移增大，故选项C错误；选项D，由匀变速运动规律可知任意两个连续相等时间间隔内物体的位移之差都相等，故选项D正确；本题正确选项为D。
年上学期高二第四次月考物理(附答案)
河北省正定中学2014—2015学年上学期高二第四次月考物理试题一、选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分。
其中8、9、10、11为多选，其余为单选，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．下列说法中正确的是( )A.FBIL可知，磁感应强度B与一小段通电直导线受到的磁场力成正比B.一小段通电导线所受磁场力的方向就是磁场方向C.一小段通电导线在某处不受磁场力，该处磁感应强度一定为零D.磁感应强度为零的地方，一小段通电导线在该处不受磁场力2．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路。
当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50A和2.0V。
重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0V。
则这台电动机正常运转时输出功率为（）A．32W B．44W C．47W D．48W3. 如图所示，闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的N极朝下。
当磁铁向下运动（但未插入线圈内部）时，下列判断正确的是：（）A．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互吸引B．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互排斥C．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互吸引D．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互排斥4．一矩形线圈,绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动.线圈中的感生电动势e随时间t的变化如图10-1-7所示.下面说法中正确的是()A．t1时刻通过线圈的磁通量为零B．t2时刻通过线圈的磁通量的绝对值最大C．t3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大D ．每当e 变换方向时，通过线圈的磁通量绝对值都为最大5．如图所示为一交流电压随时间变化的图象．每个周期内，前三分之一周期电压按正弦规律变化，后三分之二周期电压恒定．根据图中数据可得，此交流电压的有效值为 ( )A ．7.5 VB ．8 VC ．215 VD ．313 V6．一矩形线圈位于一随时间t 变化的匀强磁场内，磁场方向垂直线圈所在的平面（纸面）向里，如图１所示，磁感应强度B 随t 的变化规律如图2所示．以I 表示线圈中的感应电流，以图１中线圈上箭头所示方向的电流为正，则以下的I －t 图中正确的是 （ ） 7．在同一光滑斜面上放同一导体棒，右图所示是两种情况的剖面图。
2013-2014学年河北省石家庄市正定中学高二(上)第三次月考物理试卷
2013-2014学年河北省石家庄市正定中学高二（上）第三次月考物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共7小题，共28.0分)1.根据安培的思想，认为磁场是由于运动电荷产生的，这种思想如果对地磁场也适用，而目前在地球上并没有发现相对地球定向移动的电荷，那么由此可断定地球应该（）A.带负电 B.带正电 C.不带电 D.无法确定【答案】A【解析】解：由于地磁的N极在地理的南极附近，地磁的S极在地理的北极附近，地球绕地轴自西向东的旋转，故可以将地球看做一个绕地轴运动的环形电流，根据安培定则可知右手的拇指指向南方，而弯曲的四指的指向与地球自转的方向相反，而弯曲的四指的指向是正电荷运动的方向与负电荷运动的方向相反，故可以断定地球带负电．故A正确．故选A．根据安培定则可知右手的拇指指向N极，而弯曲的四指的指向是正电荷运动的方向，故在本题中右手的拇指指向南方，弯曲的四指的指向与地球自转的方向相反，从而可以判定地球带负电．将地球看做环形电流，把握地理南北两极和地磁的N、S的关系是解决本题的关键．2.如图所示的四面体OABC，处在OX方向的匀强磁场中，下列关于穿过各个面的磁通量的说法不正确的是（）A.穿过AOB的磁通量为零B.穿过ABC的磁通量和穿过BOC的相等C.穿过AOC的磁通量为零D.穿过ABC的磁通量大于穿过BOC的磁通量【答案】D【解析】解：A、由图可知，平面AOB及平面AOC均与磁场方向平行，则没有磁感线穿过线圈平面，则磁通量为0，故AC正确，B、由图可知，平面BOC即为平面ABC在磁场方向的投影，故两者磁通量相等，故B正确，D错误；本题选择错误的，故选：D磁通量可用穿过线圈平面的磁感线的条数表示，根据磁通量的意义进行分析．解决本题的关键掌握磁通量的意义，知道可用穿过线圈平面的磁感线的条数表示磁通量，注意掌握平面BOC是平面ABC的投影的含义．3.如图所示，一根条形磁铁从左向右靠近闭合金属环的过程中，环中的感应电流（自左向右看）（）A.沿顺时针方向B.先沿顺时针方向后沿逆时针方向C.沿逆时针方向D.先沿逆时针方向后沿顺时针方向【答案】C【解析】解：条形磁铁从左向右靠近闭合金属环的过程中，原磁场方向向右，且磁通量在增加，根据楞次定律，感应电流的磁场阻碍原磁场磁通量的变化，所以感应电流的磁场向左，由安培定则，知感应电流的方向（自左向右看）沿逆时针方向．故C正确，A、B、D错误．故选：C．楞次定律的内容：感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流磁通量的变化．根据楞次定律判定感应电流的方向．解决本题的关键掌握用楞次定律判断感应电流方向的步骤，先判断原磁场的方向以及磁通量是增加还是减小，再根据楞次定律判断出感应电流的磁场方向，最后根据安培定则，判断出感应电流的方向．4.如图，将一个质量很小的金属圆环用细线吊起来，在其附近放一块条形磁铁，磁铁的轴线与圆环在同一个平面内，且通过圆环中心，如图所示，当圆环中通以顺时针方向的电流时，从上往下看（）A.圆环顺时针转动，靠近磁铁B.圆环顺时针转动，远离磁铁C.圆环逆时针转动，靠近磁铁D.圆环逆时针转动，远离磁铁【答案】C【解析】解：由右手螺旋定则可知，线圈向外一面为S极，因为异名磁极相互吸引，因此从上往下看，线圈做逆时针方向转动，同时靠近磁铁；故C选项正确．故选：C．先根据右手螺旋定则判断出线圈产生的磁场，然后再根据磁极间的相互作用分析线圈的转动情况．此题考查了右手螺旋定则和磁极间相互作用的应用，注意线圈产生的磁场与条形磁体产生的磁场很相似，可以利用右手定则判断磁场的N、S极．5.一矩形线框置于匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直，先保持线框的面积不变，将磁感应强度在1s时间内均匀地增大到原来的两倍，接着保持增大后的磁感应强度不变，在1s时间内，再将线框的面积均匀地减小到原来的一半，先后两个过程中，线框中感应电动势的比值为（）A. B.1 C.2 D.4【答案】B【解析】解：由法拉第电磁感应定律：，且△ϕ1=△BS、△ϕ2=B△S则有，．故两过程中感应电动势的大小相等．故选B．由题意可知两种情况下磁通量的变化，由法拉第电磁感应定律可求得感应电动势，即可求得比值．本题考查法拉第电磁感应定律，注意根据题意求出磁通量的变化量即可求得电动势．6.如图，通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面，位置靠近ab且相互绝缘．当MN中电流突然减小时，线圈所受安培力的合力方向（）A.向左B.向右C.垂直纸面向外D.垂直纸面向里【答案】B【解析】解：金属线框abcd放在导线MN上，导线中电流产生磁场，根据安培定则判断可知，线框abcd左右两侧磁场方向相反，线框左侧的磁通量小于线框右侧的磁通量，磁通量存在抵消的情况．若MN中电流突然减小时，穿过线框的磁通量将减小．根据楞次定律可知，感应电流的磁场要阻碍磁通量的变化，则线框abcd感应电流方向为顺时针，再由左手定则可知，左边受到的安培力水平向右，而右边的安培力方向也水平向右，故安培力的合力向右．故B正确，ACD错误．故选B金属线框abcd放在导线MN上，导线中电流产生磁场，当导线中电流减小时，穿过线框abcd的磁通量减小，根据楞次定律判断线框abcd感应电流，再由左手定则来确定所受有安培力方向．本题运用楞次定律判断电磁感应中导体的运动方向，也可以根据因果关系，运用安培定则、楞次定律和左手定则按部就班进行分析判断．7.竖直平面内有一金属环，半径为a，总电阻为R．磁感强度为B的匀强磁场垂直穿过环平面，在环的最高点A用铰链连接长度为2a、电阻为的导体棒AB，由水平位置紧贴环面摆下（如图）．当摆到竖直位置时，B点的线速度为v，则这时AB 两端的电压大小为（）A.2B avB.B avC.D.【答案】D【解析】解：当摆到竖直位置时，导体棒产生的感应电动势为：E=BL=B av；AB两端的电压是路端电压，根据欧姆定律得：AB两端的电压大小为：故D正确故选：D当摆到竖直位置时，先由感应电动势公式E=BL，求出导体棒产生的感应电动势，再根据欧姆定律求解AB两端的电压大小．本题是电磁感应与电路的结合问题，关键是弄清电源和外电路的构造，然后根据电学知识进一步求解，容易出错之处是把AB间的电压看成是内电压，会得到错误答案．二、多选题(本大题共1小题，共4.0分)8.如图所示，质量为m，带电荷量为-q的微粒以速度v与水平方向成45°角进入匀强电场和匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里．如果微粒做匀速直线运动，则下列说法正确的是（）A.微粒受电场力、洛伦兹力、重力三个力作用B.微粒受电场力、洛伦兹力两个力作用C.匀强电场的电场强度E=D.匀强磁场的磁感应强度B=【答案】AD【解析】解：A、由于粒子带负电，电场力向右，洛伦兹力垂直于OA线斜向左上方，而重力竖直向下，则电场力、洛伦兹力和重力能平衡，致使粒子做匀速直线运动．故A正确．B、由于粒子带负电，电场力向右，洛伦兹力垂直于OA线斜向左上方，而重力竖直向下，则电场力、洛伦兹力和重力能平衡，致使粒子做匀速直线运动．故B错误．C、由图q E=qv B sinθE=B vsinθ=．故C错误．D、粒子受力如图，由平衡条件得qv B cosθ=mg，B==故D正确．故选AD．粒子从O沿直线运动到A，必定做匀速直线运动，根据左手定则和平衡条件可判断电性，并可求出B和E．本题是带电粒子在复合场中运动的问题，考查综合分析和解决问题的能力，要抓住洛伦兹力与速度有关的特点．三、单选题(本大题共4小题，共16.0分)9.如图所示，为一圆形区域的匀强磁场，在O点处有一放射源，沿半径方向射出速率为v的不同带电粒子，其中带电粒子1从A点飞出磁场，带电粒子2从B点飞出磁场，不考虑带电粒子的重力．则（）A.带电粒子1的比荷与带电粒子2的比荷比值为3：1B.带电粒子1的比荷与带电粒子2的比荷比值为：1C.带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间比值为2：1D.带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间比值为1：2【答案】A【解析】解：粒子在磁场中做圆周运动，由数学知识可知，粒子做圆周运动转过的圆心角分别是：φA=120°，φB=600°，设粒子的运动轨道半径为r A，r B，r A sin60°=，r A=R，r B sin30°=R sin60°，r B=R，A、洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qv B=m，=，则粒子1与粒子2的比荷比值为===，故A正确，B错误；C、粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期T=，粒子在磁场中的运动时间：t=°T，带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间比值为：=°°=×=°°×=，故CD错误；故选A．带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由数学知识求出粒子的轨道半径，由牛顿第二定律可以求出粒子的比荷比值，求出粒子做圆周的圆心角，然后求出粒子的运动时间．由数学知识求出粒子做圆周运动的轨道半径与粒子转过的圆心角是正确解题的关键．10.1922年英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、同位素和质谱的研究荣获了诺贝尔化学奖．若一束粒子由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图所示，则下列说法中正确的是（）A.该束带电粒子带负电B.速度选择器的P1极板带正电C.在B2磁场中运动半径越大的粒子，质量越大D.在B2磁场中运动半径越大的粒子，荷质比越小【答案】BD【解析】解：A、根据带电粒子在磁场中的偏转方向，磁场的方向垂直纸面向外，根据左手定则知，该粒子带正电．故A错误．B、根据左手定则知，带电粒子在P1P2区域所受的洛伦兹力方向竖直向上，则电场力的方向竖直向下，知电场强度的方向竖直向下，所以速度选择器的P1极板带正电．故B 正确．C、根据得，，知r越大，荷质比越小．故C错误，D正确．故选BD．A、根据带电粒子在磁场中的偏转方向确定带电粒子的正负．B、根据在速度选择器中电场力和洛伦兹力平衡确定P1极板的带电情况．CD、在磁场中，根据洛伦兹力提供向心力，求出粒子的轨道半径，看与什么因素有关．解决本题的关键会根据左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道在速度选择器中，电荷所受的电场力和洛伦兹力平衡．11.如图所示，边界OA 与OC 之间分布有垂直纸面向里的匀强磁场，边界OA 上有一粒子源S ．某一时刻，从S 平行于纸面向各个方向发射出大量带正电的同种粒子（不计粒子的重力及粒子间的相互作用），所有粒子的初速度大小相同，经过一段时间有大量粒子从边界OC 射出磁场．已知∠AOC=60°从边界OC 射出的粒子在磁场中运动的最长时间等于（ T 为粒子在磁场中运动的周期），则从边界OC 射出的粒子在磁场中运动的时间不可能为（ ） A.B.C.D.【答案】 A【解析】 解：粒子在磁场做匀速圆周运动，粒子在磁场中出射点和入射点的连线即为轨迹的弦．初速度大小相同，轨迹半径R=相同．设OS=d ，当出射点D 与S 点的连线垂直于OA 时，DS 弦最长，轨迹所对的圆心角最大，周期一定，则由粒子在磁场中运动的时间最长．由此得到 轨迹半径为R=当出射点E 与S 点的连线垂直于OC 时，弦ES 最短，轨迹所对的圆心角最小，则粒子在磁场中运动的时间最短．则SE=d ，由几何知识，得θ=60°最短时间t min =所以，粒子在磁场中运动时间范围为本题选不可能的，故选A ．所有粒子的初速度大小相同，轨迹半径相同，当入射点与出射点连线最长时，轨迹的圆心角最大，粒子在磁场中运动的最长．相反连线最短，时间最短．根据几何知识，作出轨迹，确定时间的范围进行选择．粒子在匀强磁场中匀速圆周运动的问题，关键是画轨迹．本题是根据几何知识：半径一定时，弦越长，对应的圆心角越大，则运动时间越长．12.如图所示，在坐标系x O y 中，有边长为a 的正方形金属线框abcd ，其一条对角线ac 和y 轴重合、顶点a 位于坐标原点O 处．在y 轴的右侧的Ⅰ、Ⅳ象限内有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁场的上边界与线框的ab 边刚好重合，左边界与y 轴重合，右边界与y 轴平行．t =0时刻，线圈以恒定的速度v 沿垂直于磁场上边界的方向穿过磁场区域．取沿a →b →c →d →a 的感应电流方向为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流i 随时间t 变化的图线是（ ）A. B. C. D.【答案】A【解析】解：在0-时间内，ab边切割磁感线运动，根据右手定则，知感应电流的方向为abcda，为正，切割的有效长度在均匀减小，所以感应电流的大小在均匀减小．在-时间内，cd边切割磁感线运动，根据右手定则感应电流的方向为adcba，为负，切割的有效长度在均匀减小，所以感应电流的大小在均匀减小．故A正确，B、C、D错误．故选A．在0-时间内，ab边切割磁感线运动，根据右手定则判断感应电流的方向，根据E=BL v 判断感应电动势的大小变化．在-时间内，cd边切割磁感线运动，根据右手定则判断感应电流的方向，根据E=BL v判断感应电动势的大小变化．解决本题的关键掌握右手定则判定感应电流的方向，以及掌握切割产生的感应电动势大小公式E=BL v．四、填空题(本大题共2小题，共8.0分)13.如图1中，游标卡尺读数为______ cm；图2螺旋测微器读数为______cm．【答案】1.050；1.731【解析】解：游标卡尺的固定刻度读数为1.0cm，游标读数为0.05×10mm=0.50mm=0.050cm，所以最终读数为1.0cm+0.050cm=1.050cm．螺旋测微器的固定刻度读数为1.5mm，可动刻度读数为0.01×23.1mm=0.231mm，所以最终读数为1.5mm+0.231mm=1.731mm．故本题答案为：1.050，1.731．游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．14.如图甲是某金属材料制成的电阻R随摄氏温度t变化的图象，图中R0表示该电阻在0℃时的电阻值，已知图线的斜率为k．若用该电阻与电池（电动势为E、内阻为r）、理想电流表A、滑动变阻器R′串联起来，连接成如图乙所示的电路．用该电阻做测温探头，把电流表A的电流刻度改为相应的温度刻度，就得到了一个简单的“金属电阻温度计”．（1）根据图甲，温度为t（t＞0℃）时电阻R的大小为______ ．（2）在标识“金属电阻温度计”的温度刻度时，需要弄清所测温度和电流的对应关系．请用E、R0、R′（滑动变阻器接入电路的阻值）、k等物理量表示待测温度t与电流I的关系式t= ______ ．（3）如果某次测量时，指针正好指在在温度刻度的10℃到20℃的正中央，则测量值______ 15℃（填“大于”、“小于”或“等于”）．【答案】R0+kt；′；小于【解析】解：（1）已知图线的斜率为k，根据数学知识得：电阻R的大小为R=R0+kt．（2）根据闭合电路欧姆定律得I=′又R=R0+kt联立得t=′；（3）由上看出，t与I是非线性关系，与欧姆表类似，温度t的刻度是不均匀的，左密右疏，则知若指针正好指在在温度刻度的10℃到20℃的正中央，则测量值小于15℃．故答案为：（1）R0+k t；（2）t=′；（3）小于（1）已知图线的斜率为k，根据数学知识得到电阻R的大小．（2）根据闭合电路欧姆定律得到电流I与R、E、R′、r的关系式，将（1）中R与t的关系代入，即可得到温度t与电流I的关系式．（3）根据温度刻度是否均及疏密情况，确定测量值与15℃的大小关系．本题考查知识的迁移能力，运用数学知识得到电阻R的表达式．抓住“金属电阻温度计”的刻度与欧姆表类似，分析刻度是否均匀．五、实验题探究题(本大题共1小题，共6.0分)15.用伏安法测定一段阻值约为5Ω的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：A．电池组（3V，内阻约1Ω）B．电流表（0～3A，内阻约0.0125Ω）C．电流表（0～0.6A，内阻约0.125Ω）D．电压表（0～3V，内阻约3kΩ）E．电压表（0～15V，内阻约15kΩ）F．滑动变阻器（0～10Ω，额定电流1A）G．滑动变阻器（0～2000Ω，额定电流0.3A）H．开关、导线（1）电流表应选用______ ；电压表应选用______ ；（填写器材的字母代号）（2）实验电路应采用电流表______ 接法；（填“内”或“外”）（3）为使通过待测金属导线的电流能在0～0.5A范围内改变，请按要求画出测量待测金属导线的电阻R x的电路图，然后设计电路并将图中给定的器材连成实验电路．【答案】C；D；外【解析】解：（1）因源电压为3V，则选电压表的量程为3V，故电压表选D电最大电流约为，则电流表选择量程为0.6A，故电流表选：C（2）因所测电阻小，与电压表并联电压表的分流小，误差小．故选用电流表外接法．（3）电流变化由0开始，则滑动变阻器为分压式接法，故实验电路图和实物图如下图故答案为：（1）C D（2）外（3）如图（1）由电源及最小电阻求得电流的最大约值，选择电流表，由电源电压确定电压表．（2）因是小电阻故用外接法．（3）由电流变化的由0开始，则滑动变阻器要用分压式接法．考查测电阻的常用知识点，会正确选择器材，明确实验误差以确定正确的电路．六、计算题(本大题共3小题，共48.0分)16.如图所示，在y＜0的区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直于xoy平面并指向纸面外，磁感应强度为B．一带正电的粒子以速度v0从O点射入磁场，入射方向在xoy平面内，与x轴正向的夹角为θ．若粒子射出磁场的位置与O点的距离为l，求该粒子的电量和质量之比及带点粒子在磁场中的运动时间．【答案】解：带正电的粒子射入磁场后，由于受到洛伦兹力的作用，粒子将沿图示的轨迹运动，从A点射出磁场，O、A间的距离为L，射出时速度的大小仍为v0，射出方向与x轴的夹角仍为θ．由于洛伦兹力提供向心力，则：qv0B=mR为圆轨道的半径，解得：R=圆轨道的圆心位于OA的中垂线上，由几何关系可得：=R sinθ联立两式解得=粒子在磁场中运动的时间，又联立解得答：该粒子的电量和质量之比为，粒子在磁场中的运动时间为．【解析】带正电粒子射入磁场后，由于受到洛仑兹力的作用，做匀速圆周运动，设从A点射出磁场，已知O、A间的距离为L，作出初速度和弦OA的垂直平分线交点即为圆心，进而画出运动轨迹．射出时速度的大小仍不变，射出方向与轴的夹角仍为θ．利用圆的特性构建几何关系，并运用由洛伦兹力提供向心力的物理规律列出方程，从而联立求解．17.均匀导线制成的单位正方形闭合线框abcd，每边长为L，总电阻为R，总质量为m．将其置于磁感强度为B的水平匀强磁场上方h处，如图所示．线框由静止自由下落，线框平面保持在竖直平面内，且cd边始终与水平的磁场边界平行．当cd边刚进入磁场时，求：（1）线框中产生的感应电动势大小；（2）cd两点间的电势差大小；（3）若此时线框加速度恰好为零，求线框下落的高度h所应满足的条件．【答案】解：（1）cd边刚进入磁场时，线框速度为：，感应电动势大小为：（2）此时线框中电流：，cd两点间的电势差：（3）线框所受的安培力为根据牛顿第二定律mg-F=ma，则a=0解得下落高度满足答：（1）线框中产生的感应电动势大小是BL；（2）cd两点间的电势差大小是BL；（3）若此时线框加速度恰好为零，线框下落的高度满足．【解析】（1）线框先自由下落，由高度h求得速度v，由E=BL v求解感应电动势的大小．（2）cd两点间的电势差大小等于外电压，等于．（3）若此时线框加速度恰好为零，线框所受的安培力与重力平衡，推导出安培力表达式，由平衡条件求解h．本题电磁感应与力学、电路知识的综合，注意区分cd电压是外电压还是内电压．安培力与速度的关系要会推导．18.竖直放置的平行金属板MN相距d=0.2m，板间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B=O.5T，极板按如图所示的方式接人电路．足够长的、间距为L═1m的光滑平行金属导轨CD、EF水平放置，导轨间有竖直向下的勻强磁场，磁感应强度也为“B．电阻为r=1Ω的金属棒必垂直导轨放置且与导轨接触良好．已知滑动变阻器的总阻值为R=4Ω，滑片P的位置位于变阻器的中点．有一个质量，m=1.0×10-8kg、电荷量为q=+2.0×10-5C的带电粒子，从两板中I司左端沿中心线水平射入场区．不计粒子重力．（1）若金属棒ab静止，求粒子初速度v0多大时，可以垂直打在金属板上？（2）当金属棒ab以速度v匀速运动时，让粒子以大小为10m/s方向水平向右的初速度射入，发现粒子沿直线通过两板M、N之间，求金属棒ab运动速度v的大小和方向．【答案】解：（1）若金属棒ab静止，粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力而做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律得：q B v0=m，粒子垂直打在金属板上时，粒子的半径r0=，联立解得：v0=100m/s．（2）当金属棒ab匀速运动时，感应电动势：E=BL v板间电压：U=粒子沿直线通过两板M、N之间时，电场力与洛伦兹力平衡做匀速直线运动，则：q B v0=q解得：v=代入解得：v=50m/s由左手定则知，粒子所受的洛伦兹力方向垂直指向M板，故粒子所受的电场力应该垂直指向N板，由右手定则知，ab棒应水平向右运动．答：（1）若金属棒ab静止，粒子初速度是100m/s时可以垂直打在金属板上．（2）粒子沿直线通过两板M、N之间，金属棒ab运动速度的大小是50m/s，方向水平向右．【解析】（1）若金属棒ab静止，粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力而做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律得到速度与半径的关系式，粒子垂直打在金属板上时，由几何知识可知，粒子的轨迹半径r0=，联立可求得粒子的初速度．（2）当金属棒ab做匀速运动时，产生感应电动势，金属板充电，板间建立匀强电场，粒子沿直线通过两板M、N之间时，电场力与洛伦兹力平衡做匀速直线运动，根据E=BL v、欧姆定律、平衡条件求解粒子的速度．本题是洛伦兹力、电磁感应、电路等知识的综合，确定板间电压是关键，根据电路的连接关系，写出电压与感应电动势的关系．。
高二物理月考试题及答案-河北正定中学—2015学年高二上学期第四次月考
高二第一学期第四次月考物理试题一、选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分。
其中8、9、10、11为多选，其余为单选，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．下列说法中正确的是 ( )A.FBIL可知，磁感应强度B与一小段通电直导线受到的磁场力成正比B.一小段通电导线所受磁场力的方向就是磁场方向C.一小段通电导线在某处不受磁场力，该处磁感应强度一定为零D.磁感应强度为零的地方，一小段通电导线在该处不受磁场力2．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路。
当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50A和2.0V。
重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0V。
则这台电动机正常运转时输出功率为（）A．32W B．44W C．47W D．48W3. 如图所示，闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的N极朝下。
当磁铁向下运动（但未插入线圈内部）时，下列判断正确的是：（）A．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互吸引B．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互排斥C．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互吸引D．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互排斥4．一矩形线圈,绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动.线圈中的感生电动势e 随时间t的变化如图10-1-7所示.下面说法中正确的是( )A．t1时刻通过线圈的磁通量为零B．t2时刻通过线圈的磁通量的绝对值最大C．t3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大D．每当e变换方向时，通过线圈的磁通量绝对值都为最大5．如图所示为一交流电压随时间变化的图象．每个周期内，前三分之一周期电压按正弦规律变化，后三分之二周期电压恒定．根据图中数据可得，此交流电压的有效值为 ( )A．7.5 V B．8 V C．215 V D．313 V6．一矩形线圈位于一随时间t变化的匀强磁场内，磁场方向垂直线圈所在的平面（纸面）向里，如图１所示，磁感应强度B随t的变化规律如图2所示．以I 表示线圈中的感应电流，以图１中线圈上箭头所示方向的电流为正，则以下的I－t 图中正确的是（）7．在同一光滑斜面上放同一导体棒，右图所示是两种情况的剖面图。
河北省正定中学2014—2015学年高一上学期第四次月考物
高一年级第一学期第四次月考物理试题（110分，90分钟）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一个选项是正确的，9-12题有多个选项是正确的，全部选对得4分，对而不全得2分，有选错得0分）1.下列物理学史内容描述正确的是（）A. 伽利略认为重的物体比轻的物体下落快，这一论点被牛顿的比萨斜塔实验所推翻B. 伽利略通过数学推演并用小球在斜面上运动的实验验证了位移与时间的平方成正比C. 伽利略利用著名的“理想斜面实验”得出“物体的运动不需要力来维持”的结论，进而归纳成惯性定律D. 牛顿是经典力学的奠基人，他总结的三大运动定律适用于宏观低速下的所有参考系2. 人用手托着质量m为的苹果沿水平方向向左做匀加速直线运动，苹果与手面间的动摩擦因数为μ，则下列说法正确的是（）A. 手对苹果的作用力方向竖直向上B. 手对苹果的作用力方向水平向左C. 手对苹果的作用力方向斜向左上D. 手对苹果的摩擦力大小为μmg3. 2013年12月“嫦娥三号”在月球表面上的软着陆为我们的太空旅行开辟了新航道，未来的某天，一位同学在某星球表面完成竖直上抛实验，将一个质量为1kg的小球从地面以一定速度竖直上抛，5s末达到最高点，若测得在第1s内的位移是9m，则（）A．小球在5s内的位移是20mB．小球在4s末的速度是2m/sC．该星球表面的重力加速度大小为3m/s2D．小球在第5s内的平均速度是0.5m/s4. 如图，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态。
现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为a1、a2，重力加速度大小为g，则有（）A．a1=g，a2=g B．a1=0，a2=gC．gMMmaa+==21,0D．gMMmaga+==21,5．如图所示，水平传送带A、B两端相距S＝3.5m，工件与传送带间的动摩擦因数μ=0.1。
河北省正定中学2014—2015学年高二上学期第四次月考(全科9套)(河北省正定中学2014—201
高二第一学期第四次月考历史试题说明：本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。
满分100分。
考试时间90分钟。
第Ⅰ卷（选择题共50分）一．选择题（下列每小题所给选项只有一项符合题意，请将正确答案的序号填涂在答题卡上。
其中每小题1分，共50分）1．《礼记·王制》：“山川神祗有不举者为不敬，不敬者君削以地。
宗庙有不顺者为不孝，不孝者君绌以爵。
变礼易乐者为不从，不从者君流。
革制度衣服者为畔，畔者君讨。
”材料表明西周礼乐制的特点是A．威慑性、实效性B．制度性、强制性C．等级性、仪式性D．规范性、持久性2．先秦许多名臣出身微贱，如“傅说举于版筑之间，胶鬲举于鱼盐之中，管夷吾举于士，孙叔敖举于海，百里奚举于市”。
魏晋时期愈加强调官吏的出身。
这反映了秦汉至魏晋时期A.宗法思想逐渐退出政坛B.儒学被用于规范君臣关系C.阶层固化影响官僚政治D.天下大同替换为社会不公3．明朝内阁虽处中枢，但官阶较低，因此，内阁大学士通常由六部尚书和曾任经筵讲官（皇帝的老师）的人来兼任。
这一现象直接导致了A．内阁大学士的地位提高 B．内阁大学士的权力提高C．皇帝与内阁的关系改善 D．皇权受到内阁的限制4.“自道光后期以来，清王朝曾在抵御外侮的旗帜下领导过多次农民战争。
这是一个对抗和失败交错的过程。
多次失败导致了屈服；多次对抗又表现了逼来之势面前的不甘屈服。
”材料反映出晚清当局者在十九世纪后60年A.无法依傍和茫然自失的心理B.面对民族战争的矛盾心态C.民族抵抗意识的完全丧失D.传统意识支配下的排外心理5. 1859年，两广总督劳崇光欲请洋人担任广州海关负责人时奏称：“粤海关税务近年征收未见起色……惟有仿照上海办法，用外国人治外国人，语言通晓，底蕴周知，内地奸民无从煽惑勾串，于税务必有裨益。
”此奏折A.所述办法是对强敌经济侵略的妥协之举B.体现了晚清时期外向型经济发展不平衡C.反映了广州海关控制权巳落人洋人之手D.折射出清政府防民甚于防寇的思想6．某学者指出，在“改革与革命的赛跑”中，当改革的路被堵死，革命的爆发也就是时势使然了。
河北省正定中学2014—2015学年高二上学期第四次月考地理试题word版含答案
高二第一学期第四次月考地理试题卷Ⅰ选择题一、单项选择题（共44小题，每题1分，共44分）读某群岛及附近海域部分等深线示意图(单位：米)，回答1～2题。
1．若要完整表示P点附近的海水深度变化，应再补画几条等深线A．3条 B．4条 C．5条 D．6条2．P点附近的海底地形是A．海岭 B．海沟 C．海盆 D．大陆架总部位于江苏徐州(约34°N,117°E)的某企业承接了甲国(下图)价值7.446亿美元的工程机械定单。
据此完成3～4题。
3．甲国位于A．欧洲 B．非洲C．北美洲 D．南美洲4．该批产品运往甲国,最近的海上航线需经A．好望角 B．苏伊士运河C．巴拿马运河 D．麦哲伦海峡自然资源是人类生存和发展的物质条件。
下图中黑点所在地是世界某种资源的主要分布区，读图回答5～6题。
5．该资源分布区的共同特点是A．全年平均气温高 B．大气降水较多C．纬度和海拔都高 D．土壤发育程度低6．这种资源A．近年来数量逐渐减少 B．被人类大量开发利用C．取之不尽，用之不竭 D．大多数国家需要进口读下列四个半岛示意图，回答7～8题。
7．下列说法正确的是A．四个半岛均位于板块交界处，故多火山、地震B．四个半岛均临海，故气候均具有海洋性特点C．半岛②③降水多是因为暖流影响D．半岛④西侧多峡湾，是冰川侵蚀的结果8．下列有关四个半岛气候的叙述，正确的是A．半岛②南部为亚热带季风气候，北部为温带季风气候B．四个半岛均临海，故全年降水丰富C．半岛①南部为地中海气候，北部为温带海洋性气候D．半岛④的气候为亚寒带针叶林气候读某岛1月份均温分布图，回答9～11题。
9．该岛降水的空间分布特点是A．中部多，四周少 B. 四周多，中部少C．东部多，西部少 D. 西部多，东部少10．影响该岛降水的主要因素是A．东南季风和寒流 B. 赤道低气压和暖流C．东南信风和暖流 D. 副热带高气压和寒流11．该岛东部的植被是A．亚热带常绿阔叶林 B. 热带草原C．亚热带常绿硬叶林 D. 热带雨林读某区域地图及某国家首都内罗毕的气候特征图，回答12～13题。
河北省正定中学1415学年度高二上学期第二次月考——物理物理
河北省正定中学2014—2015学年度上学期第二次月考高二物理试题一、单项选择题：（共45小题，前35个小题，每小题1分，35-45小题每小题2分，共45分）1．下列物理量中，属于矢量的是A ．位移B ．路程C ．质量D ．时间2．在物理学史上，首先发现电流周围存在磁场的著名科学家是A ．伽利略B ．牛顿C ．奥斯特D ．爱因斯坦3．有两个共点力，一个力的大小是3 N ，另一个力的大小是6 N ，它们合力的大小可能是A ．18 NB ．6 NC ．2 ND ．1 N4.在图1所示的四个图象中，表示物体做匀加速直线运动的是5．如图2所示，一轻弹簧上端固定在天花板上，下端悬挂一个质量为m 的木块，木块处于静止状态．测得此时弹簧的伸长量为 (弹簧的形变在弹性限度内)．重力加速度为g ．此弹簧的劲度系数为A ．B ．C ．D ．6．一个物体做自由落体运动，取g = 10 m/s 2，则第2 s 末物体速度的大小为A ．10 m/sB ．20 m/sC ．30 m/sD ．40 m/s 7．真空中有两个静止的点电荷，它们之间静电力的大小为F ．如果保持这两个点电荷之间的距离不变，而将它们的电荷量都变为原来的4倍，那么它们之间静电力的大小变为A ．B ．C ．D ．8．面积为S 的矩形导线框，放在磁感应强度为B 的匀强磁场中，当线框平面与磁场方向垂直时，穿过导线框所围面积的磁通量为A ．BSB ．C ．D ．09．在图3所示的四幅图中，正确标明了通电导线所受安培力F 方向的是图2 AC图1BD10．跳水运动员从10 m 高的跳台上跳下，在运动员下落的过程中A ．运动员的动能增加，重力势能增加B ．运动员的动能减少，重力势能减少C ．运动员的动能减少，重力势能增加D ．运动员的动能增加，重力势能减少 11．如图4所示，一个小球绕圆心O 做匀速圆周运动，已知圆周半径为r ，该小球运动的角速度为ω，则它运动线速度的大小为 A ． B ． C ． D ．12．如图5所示，一个物块在与水平方向成θ角的拉力F 作用下，沿水平面向右运动一段距离x . 在此过程中，拉力F 对物块做的功为A ．FxB ．Fx sin θC ．Fx cos θD ．Fx tan θ 13．图6是一正弦式交变电流的电流图象．此交流电的周期为A ．0.01 sB ．0.02 sC ．0.03 sD ．0.04 s14．电磁波在空中的传播速度为υ．北京交通广播电台的频率为f ，该电台所发射电磁波的波长λ为A ．B ．C ．D ． υ f15．在物理学发展的过程中，某位科学家开创了以实验检验猜想和假设的科学方法，并用这种方法研究了落体运动的规律，这位科学家是A ．焦耳B ．安培C ．库仑D ．伽利略16．图1所示的四个图象中，描述物体做匀加速直线运动的是17．同学们通过实验探究，得到了在发生弹性形变时，弹簧的弹力与弹簧伸长量的关系.下列说法中能反映正确的探究结果的是A ．弹簧的弹力跟弹簧的伸长量成正比B ．弹簧的弹力跟弹簧的伸长量成反比图3AB B D F IC 图5图6图1BD A CC ．弹簧的弹力跟弹簧的伸长量的平方成正比D ．弹簧的弹力跟弹簧的伸长量无关18．一个物体做自由落体运动，取g = 10 m/s 2，则2 s 末物体的速度为A ．20 m/sB ．30 m/sC ．50 m/sD ．70 m/s19．下列关于惯性的说法中，正确的是A ．只有静止的物体才有惯性B ．只有运动的物体才有惯性C ．质量较小的物体惯性较大D ．质量较大的物体惯性较大20．有两个共点力，大小分别是30 N 和40 N. 如果它们之间的夹角是90°，那么这两个力合力的大小是A ．0B ．50 NC ．80 ND ．110 N21．如图2所示，一个物块在与水平方向成α角的拉力F 作用下，沿水平面向右运动一段距离x . 在此过程中，拉力F 对物块所做的功为 A ．Fx sin α B ． C ．Fx cos α D ．22．如图3所示，在光滑水平面上，质量为m 的小球在细线的拉力作用下，以速度v 做半径为r 的匀速圆周运动. 小球所受向心力F 的大小为A ．B ．C ．mvrD ．mvr 2233倍，则两电荷间的库仑力将变为原来的 A ．7倍 B ．8倍 C ．9倍 D．10倍24．面积是S 的矩形导线框，放在磁感应强度为B 的匀强磁场中，当线框平面与磁场方向垂直时，穿过导线框所围面积的磁通量为A ．0B ．BSC ．D ．25．如图4所示，匀强磁场的磁感应强度B = 0.2 T ，通电直导线与磁场方向垂直，导线长度L= 0.2 m ，导线中电流I = 1 A. 该导线所受安培力F 的大小为A ．0.01 NB ．0.02 NC ．0.03 ND ．0.04 N26．下表为某电热水壶铭牌上的一部分内容. 根据表中的信息，可计算出电热水壶在额定电压下以额定功率工作时的电流约为A ．6.8 AB ．4.1 AC ． 1.2 AD ．0.24 A27．下列说法中正确的是A ．在家庭电路中洗衣机和电冰箱是串联的B ．节能灯比白炽灯的发光效率高C ．变压器是用于改变直流电压的装置D ．交流电的周期越长，频率也越高 28.在图6所示的实验中，能在线圈中产生感应电流的情况是 A ．磁铁静止在线圈上方B ．磁铁静止在线圈右侧C ．磁铁静止在线圈里面D ．磁铁插入或抽出线圈的过程29．在实验中，下列关于计数点间时间间隔的说法中正确的是( )A ．每隔四个点取一个计数点，则计数点间的时间间隔为0.10 sB ．每隔四个点取一个计数点，则计数点间的时间间隔为0.08 sC ．每隔五个点取一个计数点，则计数点间的时间间隔为0.08 sD ．每隔五个点取一个计数点，则计数点间的时间间隔为0.10 s 图2 图3图6线圈30．一小球在斜面上由静止开始匀加速滚下，进入水平面后又做匀减速运动，直至停止．下图所示的速率—时间图象中可以反映小球这一运动过程的是( )31．一辆匀加速行驶的汽车，经过路旁两根电线杆共用5 s 时间，汽车的加速度为2 m/s 2，[它经过第2根电线杆时的速度为15 m/s ，则汽车经过第1根电线杆的速度为( )A ．2 m/sB ．10 m/sC ．2.5 m/sD ．5 m/s32．物体的位移随时间变化的函数关系为x ＝(4t ＋2t 2) m ，则它运动的初速度、加速度分别是( )A ．2 m/s,0.4 m/s 2B ．4 m/s,2 m/s 2C ．4 m/s,1 m/s 2D ．4 m/s,4 m/s 233．我国自行研制的“枭龙”战机已在四川某地试飞成功．假设该战机起飞前从静止开始做匀加速直线运动，达到起飞速度v 所需时间为t ，则起飞前的运动距离为( )A ．vt B.vt 2C ．2vtD ．不能确定 34.某质点做直线运动的速度v 和时间t 的关系如图所示，那么该质点在3 s 内通过的位移是( )A ．4.5 mB ．3 mC ．1 mD ．0.5 m[35.一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地，汽车先做匀加速运动，接着做匀减速运动，开到乙地刚好停止，其速度图象如图所示，那么在0～t0和t 0～3t 0两段时间内的( )A ．加速度大小之比为1∶3B ．加速度大小之比为3∶1C ．位移大小之比为2∶1D ．位移大小之比为1∶236．一物体从斜面顶端由静止开始匀加速下滑，经过斜面中点时速度为2 m/s ，则物体到达斜面底端时的速度为( )A ．3 m/sB ．4 m/sC ．6 m/sD ．2 2 m/s37．P 、Q 、R 三点在同一条直线上，一物体从P 点静止开始做匀加速直线运动，经过Q点的速度为v ，到达R 点的速度为3v ，则PQ ∶QR 等于( )A ．1∶3B ．1∶6C ．1∶5D ．1∶838．一物体从斜面上某点由静止开始做匀加速直线运动，经过3s 后到达斜面底端，并在水平地面上做匀减速直线运动，又经9 s 停止，则物体在斜面上的位移与在水平面上的位移之比是( )A ．1∶1B ．1∶2C ．1∶3D ．3∶139．汽车在关闭发动机后前进60 m 的过程中，速度由7 m/s 减小到5 m/s ，若再滑行10 s ，则汽车又将前进( )A ．60 mB ．40 mC ．70 mD ．80 m40．一辆汽车以20 m/s 的速度沿平直路面行驶，当汽车以5 m/s 2的加速度刹车时，则刹车2 s 内与刹车6 s 内的位移之比为( )A ．1∶1B ．3∶4C ．3∶1D ．4∶341．一颗子弹垂直穿过紧挨在一起的三块木板后速度刚好为零，设子弹在各木板中运动的加速度大小恒定，则下列说法正确的是( )A ．若子弹穿过每块木板时间相等，则三木板厚度之比为1∶2∶3B ．若子弹穿过每块木板时间相等，则三木板厚度之比为3∶2∶1C ．若三块木板厚度相等，则子弹穿过木板时间之比为1∶1∶1D ．若三块木板厚度相等，则子弹穿过木板时间之比为(3－2)∶(2－1)∶142．一个做自由落体运动的物体，下落速度v 随时间t 变化的图象，如图所示，其中正确的是( )43．自由下落的物体第n 秒内通过的位移比第(n －1)秒内通过的位移多多少(g 取10 m/s 2)( )A ．10 mB ．5(2n ＋1) mC ．3(n ＋1) m D.n2n 2－1 m44．某同学沿400 m 的跑道跑步一圈后回到起点，此过程的路程和位移分别是（ ）A ．400 m ，400 mB ．400 m ，0C ．0，400 mD ．0，045．关于万有引力定律及其表达式F=G m 1m2r 2，下列说法中正确的是（ ）A ．对于不同物体，G 取之不同B ．G 是万有引力常量，由实验测得C ．两个物体彼此所受的万有引力方向相同D ．两个物体之间的万有引力是一对平衡力二、不定项选择题（共15小题，每小题3分，共45分，不选或错选得0分，少选得2分）46．如图所示为同一打点计时器打出的两条纸带，由纸带可知( )]A ．在打下计数点“0”至“5”的过程中，纸带甲的平均速度比乙的大B ．在打下计数点“0”至“5”的过程中，纸带甲的平均速度比乙的小C ．纸带甲的加速度比乙的大D ．纸带甲的加速度比乙的小47．关于直线运动，下述说法中正确的是( )A ．匀速直线运动的速度是恒定的，不随时间而改变B ．匀变速直线运动的加速度随时间而改变C ．速度不断随时间增加的运动，叫做匀加速直线运动D ．速度随时间均匀减小的运动，叫做匀减速直线运动48．如图所示，甲、乙、丙、丁是以时间为横轴的匀变速直线运动图象，下列说法正确的是()A ．甲是a －t 图象B ．乙是v －t 图象C ．丙是a －t 图象D ．丁是v －t 图象49.甲、乙两质点在同一直线上运动，它们的v －t 图象如图3所示，由图象可知( )A ．在t 1时刻，甲和乙的速度相同B ．在t 1时刻，甲和乙的速度大小相同，方向相反C ．在t 2时刻，甲和乙的速度方向相同，加速度方向相反D ．在t 2时刻，甲和乙的速度不相同，加速度方向相同50．物体由静止做匀加速直线运动，第3 s 内通过的位移是3 m ，则( )A ．第3 s 内平均速度是3 m/sB ．物体的加速度是1 m/s 2C ．前3 s 内的位移是6 mD ．3 s 末的速度是3. 6 m/s51．甲、乙两球从同一高度相隔1 s 先后自由下落，在下落过程中( )A ．两球的距离始终不变B ．两球的距离越来越大C ．两球的速度差始终不变D ．两球的速度差越来越大52．关于运动和力的关系，下列说法中正确的是A ．力是维持物体运动的原因B ．力是改变物体运动状态的原因C ．一个物体受到的合力越大，它的速度越大D ．一个物体受到的合力越大，它的加速度越大53．如图8所示，水平地面上有一质量m = 20 kg 的箱子，一个小朋友用F = 30 N 的水平推力推箱子，箱子仍然保持静止．关于箱子受到地面的静摩擦力，下列说法中正确的是A ．静摩擦力的大小为50 NB ．静摩擦力的大小为30 NC ．静摩擦力的方向与推力F 的方向相反D ．静摩擦力的方向与推力F 的方向相同54．在平直的公路上，汽车启动后在第10 s 末，速度表的指针指在如图9所示的位置，前10 s 内汽车运动的距离为150 m ．下列说法中正确的是A ．第10 s 末汽车的瞬时速度是70 km/hB ．第10 s 末汽车的瞬时速度是70 m/sC ．前10 s 内汽车的平均速度是15 m/sD ．前10 s 内汽车的平均速度是35 m/s55．下列电器在工作时，主要利用电流热效应的是A ．电暖器B ．录音机C ．电话机D ．电饭锅56．在下列过程中，若不计空气阻力，机械能守恒的是A ．石块自由下落的过程B ．铅球被抛出后在空中运动的过程C ．电梯加速上升的过程D ．木箱沿粗糙斜面匀速下滑的过程57．关于作用力和反作用力，下列说法中正确的是A ．作用力大于反作用力B ．作用力小于反作用力C ．作用力与反作用力大小相等D ．作用力与反作用力方向相反58.刀的刃部一般比较薄，厚度不同的两个刀刃对木块产生相同的力F 时，对力F 的分解如图22、23所示，由图判断，下列说法中正确的有( )图8A．刃部越薄，F1与F2越大B．B．刃部越薄，F1与F2越小C．F分解成F1与F2时不遵守平行四边形定则D．F分解成F1与F2时遵守平行四边形定则59．如图所示，小明分别沿甲、乙两个光滑滑梯从同一高度由静止下滑到底端，在此过程中（）A．重力做功不同B．机械能守恒C．动能的增加量不同D．重力势能减少量相同60.电磁打点计时器和电火花打点计时器的电源频率相同，工作时，下列说法中正确的是（）A．他们打点周期相同B．频率都为50HzC．都使用6～10 V的低压交流电源D．都使用220 V的高压交流电源参考答案一、单项选择题：（共45小题，前35个小题，每小题1分，35-45小题每小题2分，共45分）1.A2.C3.B4.C5.D6.B7.C8.A9.A10.D11.B12.C13.B14.A15D16B17A18A19D20B21C22A23C24B25D26B27.B28.D29.A30.C31.D32.D33.B34.A35.D36.D37.D38.C39.B40.B41.D42.D43.A44.B45.B。
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高二第一学期第四次月考物理试题一、选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分。
其中8、9、10、11为多选，其余为单选，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分） 1．下列说法中正确的是 ( ) A. FB IL可知，磁感应强度B 与一小段通电直导线受到的磁场力成正比 B.一小段通电导线所受磁场力的方向就是磁场方向C.一小段通电导线在某处不受磁场力，该处磁感应强度一定为零D.磁感应强度为零的地方，一小段通电导线在该处不受磁场力2．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路。
当调节滑动变阻器R 并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50A 和2.0V 。
重新调节R 并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A 和24.0V 。
则这台电动机正常运转时输出功率为 （ ） A ．32W B ．44W C ．47W D ．48W3. 如图所示，闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的N 极朝下。
当磁铁向下运动（但未插入线圈内部）时，下列判断正确的是： （ ） A ．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互吸引 B ．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互排斥 C ．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互吸引 D ．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互排斥 4．一矩形线圈,绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动.线圈中的感生电动势e 随时间t 的变化如图10-1-7所示.下面说法中正确的是( )A ．t 1时刻通过线圈的磁通量为零B ．t 2时刻通过线圈的磁通量的绝对值最大C ．t 3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大D ．每当e 变换方向时，通过线圈的磁通量绝对值都为最大 5．如图所示为一交流电压随时间变化的图象．每个周期内，前三分之一周期电压按正弦规律变化，后三分之二周期电压恒定．根据图中数据可得，此交流电压的有效值为 ( )S NA ．7.5 VB ．8 VC ．215 VD ．313 V6．一矩形线圈位于一随时间t 变化的匀强磁场内，磁场方向垂直线圈所在的平面（纸面）向里，如图１所示，磁感应强度B 随t 的变化规律如图2所示．以I 表示线圈中的感应电流，以图１中线圈上箭头所示方向的电流为正，则以下的I －t 图中正确的是 （ ）7．在同一光滑斜面上放同一导体棒，右图所示是两种情况的剖面图。
它们所在空间有磁感应强度大小相等的匀强磁场，但方向不同，一次垂直斜面向上，另一次竖直向上。
两次导体棒A 分别通有电流1I 和2I ，都处于静止平衡。
已知斜面的倾角为θ，则 （ ） A ． 12:cos :1I I θ= B ．12:1:1I I = C ．导体棒A 所受安培力大小之比 cos :sin θθ=12F F ： D ．斜面对导体棒A 的弹力大小之比12:cos :1N N θ=8.如图所示，电路甲、乙中，电阻R 和自感线圈L 的电阻值都很小，接通S ，使电路达到稳定，灯泡D 发光。
则（ ） A.在电路甲中,断开S,D 将逐渐变暗B.在电路甲中,断开S,D 将先变得更亮,然后渐渐变暗C.在电路乙中,断开S,D 将渐渐变暗D.在电路乙中,断开S,D 将变得更亮,然后渐渐变暗9.如图所示，单匝矩形闭合导线框abcd 全部处于水平方向的匀强磁场中，线框面积为S ，电阻为R 。
线框绕与cd 边重合的竖直固定转轴以角速度ω从中性面开始匀速转动，线框转过6π时的感应电流为I ，下列说法正确的是（ ）A ．线框中感应电流的有效值为2IB ．线框转动过程中穿过线框的磁通量的最大值为2IRωC ．从中性面开始转过2π的过程中，通过导线横截面的电荷量为2Iωb ωB⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯D ．线框转一周的过程中，产生的热量为28RL πω10．如图所示，正弦式交变电源的输出电压和电流分别为U 和I 1，理想变压器原线圈的输入电压为U 1，两个副线圈的输出电压和电流分别为U 2和I 2、U 3和I 3，接在原副线圈中的五个完全相同的灯泡均正常发光。
则下列表述正确的是（ ） A.I 1∶I 2∶I 3=1∶2∶1 B.U 1∶U 2∶U 3=4∶1∶2 C.线圈匝数n 1∶n 2∶n 3=2∶1∶2 D.U ∶U 1=4∶311.长为 L 的正方形线框abcd 电阻为 R ，以速度V 匀速进入边长为L 的正方形区域，该区域中磁场方向如图所示，磁感应强度大小均为 B ，则线框进入过程中( ) A ．线框中产生的感应电流方向不变 B ．线框刚进入磁场瞬间ab 两点间电势差43BLVC ．线框进入L/2D ．线框进入L/2过程中电路中产生的电量为RBL 4212. 如图1所示，固定在水平桌面上的光滑金属框架cdeg 处于方向竖直向下的匀强磁场中，金属杆ab 与金属框架接触良好.在两根导轨的端点d 、e 之间连接一电阻，其他部分电阻忽略不计.现用一水平向右的外力F 作用在金属杆ab 上，使金属杆由静止开始向右在框架上滑动，运动中杆ab 始终垂直于框架.图2为一段时间内金属杆受到的安培力f 随时间t 的变化关系，则图3中可以表示外力F 随时间t 变化关系的图象是（ ）二、填空题（前三个空每空1分，后面每空2分，电路图3分，共18分。
把正确答案填写在题中的横线上，或按题目要求作答。
）13．（1）一段粗细均匀的新型导电材料棒，现测量该材料的电阻率．先用如图所示的多用电表粗测其电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T.请根据下列步骤完成电阻测量:①旋动部件______，使指针对准电流的“0”刻线.②将K旋转到电阻挡“×100”的位置.③将插入“+”、“-”插孔的表笔短接，旋动部件______，使指针对准电阻的_______(填“0刻线”或“∞刻线”).④将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过大，为了得到比较准确的测量结果将K旋转到电阻挡“×10”的位置指针偏转如图所示，则待测电阻阻值为R=________Ω（2）用螺旋测微器测量金属导线的直径，其示数如图所示，该金属导线的直径为d=________ mm(3)然后用以下器材用伏安法尽可能精确地测量其电阻：A：量程为30mA，内阻约为0.1ΩA．电流表1A：量程为3A，内阻约为0.01ΩB．电流表2V：量程为5V，内阻约为3kΩC．电压表1V：量程为15V，内阻约为15kΩD．电压表2R：最大阻值为10Ω，额定电流1AE．滑动变阻器1R：最大阻值为20kΩ，额定电流0.5AF．滑动变阻器2G．低压直流电源：电压4.5V，内阻不计H．电键K，导线若干电流表选___________电压表选___________ 滑动变阻器选__________ （填写器材符号，A），在方框中画出实验电路图，并标出所选器材符号。
如1(4)如果实验中电流表示数为I，电压表示数为U，并测出该棒的长度为L、直径为d，则该材料的电阻率ρ=____________（用测出的物理量的符号表示）。
三、计算题（共54分。
要求写出必要的文字说明、主要方程式和重要演算步骤，有数值计算的要明确写出数值和单位，只有最终结果的不得分。
）14．（12分）发电机转子是匝数n＝100的正方形线圈，将其置于匀强磁场中，绕着线圈平面内垂直于磁感线的轴匀速转动，当转到线圈平面与磁场方向垂直时开始计时，线圈内磁通量随时间变化规律如图所示。
已知线圈的电阻r＝1Ω，与之组成闭合回路的外电路电阻R＝99Ω．试求：（1）电动势瞬时值表达式；（2）外电阻R上消耗的功率；（3）从计时开始，线圈转过900的过程中，通过外电阻的电荷量。
15、（12分）发电站发电机端电压u＝5000 2 sin314tV，输出功率5000kW，远距离输电线的电阻为80Ω，输电线上功率损耗要求不超过总功率的4%，则(1)所用升压变压器的原、副线圈匝数比多大?(2)到达用户区使用匝数比为192：1的降压变压器，对负载电阻为10Ω的用电器供电，最多可接这样的用电器几个?16．（14分）如图所示，一矩形金属框架与水平面成θ=37°角，宽L =0.4m，上、下两端各有一个电阻R0 =2Ω，框架的其他部分电阻不计，框架足够长，垂直于金属框平面的方向有一向上的匀强磁场，磁感应强度B=1.0T．ab为金属杆，与框架良好接触，其质量m=0.1Kg，电阻r=1.0Ω，杆与框架的动摩擦因数μ＝0.5．杆由静止开始下滑，在速度达到最大的过程中，上端电阻R0产生的热量Q0=0. 5J．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）ab杆的最大速度；（2）从开始到速度最大的过程中ab杆沿斜面下滑的距离；（3）从开始到最大速度的过程中通过上端电阻R0的电量．17. （16分）如图所示，在坐标系xoy 的第一、第三象限内存在相同的匀强磁场，磁场方向垂直于xoy 面向里；第四象限内有沿y 轴正方向的匀强电场，电场强度大小为E . 一质量为m 、带电量为q +的粒子自y 轴的P 点沿x 轴正方向射入第四象限，经x 轴上的Q 点进入第一象限，随即撤去电场，以后仅保留磁场。
已知OP=d ,OQ=2d ,不计粒子重力。
（1）求粒子过Q 点时速度的大小和方向。
（2）若磁感应强度的大小为一定值B 0，粒子将以垂直y 轴的方向进入第二象限，求B 0； （3）若磁感应强度的大小为另一确定值，经过一段时间后粒子将再次经过Q 点，且速度与第一次过Q 点时相同，求该粒子相邻两次经过Q 点所用的时间。
选择题1D 2A 3B 4D 5C 6A 7A 8AD 9BC 10AB 11BD 12B 填空S T 0 220 1.880 ACE 计算题 14100sin100t ππ 2992π 0.0115 1:20 192个 16：17答案：17.解：（1）设粒子在电场中运动的时间为0t ，加速度的大小为a ，粒子的初速度为0v ，过Q 点时速度的大小为v ，沿y 轴方向分速度的大小为y v ，速度与x 轴正方向间的夹角为θ，ma qE = ○1 由运动学公式得2021=at d ○2 00=2t v d ○3 0=at v y ○4 220+=yv v v ○5 0=tan v v θy ○6 联立○1○2○3○4○5○6式得 mqEdv 2= ○7°45=θ ○8 （2）设粒子做圆周运动的半径为1R ，粒子在第一象限的运动轨迹如图所示，1O 为圆心，由几何关系可知△O 1OQ 为等腰直角三角形，得d R 22=1 ○9 由牛顿第二定律得120=R v m qvB ○10 联立○7○9○10式得qdmEB 2=0○11 （3）设粒子做圆周运动的半径为2R ，由几何分析（粒子运动的轨迹如图所示，2O 、2′O 是粒子做圆周运动的圆心，Q 、F 、G 、H 是轨迹与两坐标轴的交点，连接2O 、2′O ，由几何关系知，22′O FG O 和22′O QH O 均为矩形，进而知FQ 、GH 均为直径，QFGH 也是矩形，又FH ⊥GQ ，可知QFGH 是正方形，△QOG 为等腰直角三角形）可知，粒子在第一、第三象限的轨迹均为半圆，得d R 22=22 ○12 粒子在第二、第四象限的轨迹为长度相等的线段，得22==R HQ FG ○13 设粒子相邻两次经过Q 点所用的时间为t ，则有vR πHQ FG t 22++=○14 联立○7○12○13○14得 qEmdπt 2)+2(=○15。