专题08恒定电流和交变电流(名校试题)-高考物理小题精做系列(第01期)(原卷版)

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2025年高考物理总复习专题八恒定电流第1讲电流

第1讲电流、电阻、电功及电功率知识巩固练1.甲、乙两根保险丝均为同种材料制成，直径分别是d 1=0.5 mm 和d 2=1 mm ，熔断电流分别为2.0 A 和6.0 A.把以上两根保险丝各取等长一段并联后再接入电路中，允许通过的最大电流是 ( )A.6.0 AB.7.5 AC.10.0 AD.8.0 A【答案】B 【解析】因甲、乙两保险丝等长，由R =ρlS =ρLπ(d 2)2，知R1R 2=4.当R 1、R 2并联时，令I 1=2 A ，则由I 1R 1=I 2R 2，得I 2=8 A ＞6 A ，故I 1不能取2 A ；令I 2=6 A ，则由I 1R 1=I 2R 2，得I 1=1.5 A ＜2.0 A ，故两者并联时，整个电路允许通过的最大电流I =I 1+I 2=(1.5+6) A =7.5 A.故B 正确.2.下面给出的四个图像中，最能正确地表示家庭常用的白炽灯泡在不同电压下消耗的电功率P 与电压平方U 2之间函数关系的是 ( )A B C D 【答案】C3.(多选)如图是小灯泡L(灯丝材料是钨)和某种特殊电阻R 的伏安特性曲线，M 为两曲线交点.下列说法正确的有 ( )A.在M 点状态下，小灯泡L 和电阻R 的功率相等B.在M 点状态下，小灯泡L 的阻值比电阻R 的小C.曲线a 是小灯泡L 的伏安特性曲线，曲线b 是电阻R 的伏安特性曲线D.曲线a 是电阻R 的伏安特性曲线，曲线b 是小灯泡L 的伏安特性曲线【答案】AC4.如图为一块长方体铜块，将1和2、3和4分别接在一个恒压源(输出电压保持不变)的两端，通过铜块的电流之比为 ( )A.1B.c 2a 2 C.a 2b2 D.b 2c 2【答案】B 【解析】根据电阻定律R =ρL S 得，当在1、2两端加上恒定电压U 时，R 12=ρabc ，通过铜块的电流I 12=Ubc ρa ；当在3、4两端加上恒定的电压时，R 34=ρc ab ，通过铜块的电流I 34=Uabρc ，所以I 12∶I 34=c 2a 2.B 正确，A 、C 、D 错误.5.(2023年浙江模拟)甲、乙、丙三个长度、横截面都相同的金属导体分别接入电路后各自进行测量，把通过上述导体的电流I ，导体两端电压U 在U -I 坐标系中描点，O 为坐标原点，甲、乙、丙三个点恰好在一条直线上，如图所示.则下列表述正确的是 ( )A.甲的电阻率最小B.甲、乙串联后接入某直流电路，甲的电功率要小C.乙、丙并联后接入某直流电路，乙的电功率要小D.三个电阻率一样大【答案】C 【解析】三个导体的U -I 图像如图所示.可知甲的电阻最大，丙的最小，根据电阻定律R =ρlS 可知，甲的电阻率最大，A 、D 错误；甲、乙串联后接入某直流电路，根据P =I 2R 可知，甲的电阻最大，甲的功率最大，B 错误；乙、丙并联后接入某直流电路，根据P =U 2R 可知，电阻大，功率小，则乙的电功率要小，C 正确.6.(2023年温州模拟)心室纤颤是一种可危及生命的疾病.如图为一种叫做心脏除颤器(AED)的设备，某型号AED 的电容器电容是25 μF ，充电至8 kV 电压，如果电容器在2 ms 时间内完成放电，则 ( )A.电容器放电过程中平均功率为800 kWB.电容器的击穿电压为8 kVC.电容器放电过程中电容越来越小D.电容器放电过程中电流最大值一定大于100 A【答案】D 【解析】电容器所带的电荷量为Q =CU =25×10-6×8×103 C =0.2 C ，由电流强度的定义式I =Q t ，可得电容器放电过程中平均电流为I =Qt =0.22×10-3A =100 A ，电容器放电过程中若电压不变，则有平均功率为P̅=UI =8×103×100 W =800 000 W =800 kW ，因电容器放电过程中电压在逐渐减小，因此在电容器放电过程中平均功率小于800 kW ，A 错误；该电容器的充电电压至8 kV ，此电压应不高于电容器的额定电压，而电容器的击穿电压要大于额定电压，即电容器的击穿电压大于8 kV ，B 错误；电容器的电容与电容器所带的电荷量无关，C 错误；电容器放电过程中平均电流为100 A ，因此电容器放电过程中电流最大值一定大于100A，D正确.综合提升练7.如图是电解硫酸铜溶液的装置示意图，图中电压表示数为U，电流表示数为I，通电时间t，则下列说法正确的是()A.CuSO4溶液中的阳离子向铜板定向移动B.IU是电能转化成化学能的功率C.IUt是这段时间内电路消耗的总电能D.IUt是这段时间内产生的总焦耳热【答案】C【解析】由于铜板接电源的正极，因此CuSO4溶液中的阴离子向铜板定向移动，A错误；该电路是非纯电阻性电路，IU是消耗电能的总功率，其中有一部分转化为化学能，还有一部分产生焦耳热，因此，IUt是这段时间内电路消耗的总电能，而I2rt是这段时间内产生的总焦耳热，其余的才转化为化学能，B、D错误，C正确.8.(2023年浙江模拟)如图所示的电单车所用的电池铭牌上标有“48 V10 A·h”字样，正常工作时电动机额定功率为250 W，电池输出电压为40 V.由于电动机发热造成损耗，电动机的效率为80%，不考虑其他部件的摩擦损耗.有一次小厉同学骑着电单车在平路上匀速行驶，小厉同学和车的总质量为100 kg，阻力为总重力的0.04倍，重力加速度g取10 m/s2，则下列判断正确的是()A.正常工作时，电动机额定电流约为5.2 AB.充满电后电池储存的能量约为1.7×105 JC.电池的内阻约为1.3 ΩD.电单车匀速行驶时的速度为22.5 km/h【答案】C【解析】由P=UI可知，解得额定电流I=6.25 A，A错误；充满电后该电池的总能量W=E=IUt=48×10×3 600 J=1 728 000 J≈1.7×106J，B错误；根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir，可得r=1.3 Ω，C正确；平路上行驶的人和车受到阻力f=0.04mg=0.04×100×10 N=40=5 m/s=18 km/h，D错误.N，匀速行驶时牵引力F=f=40 N，此时速度v=0.8PF9.某学习小组用如下电路研究小电动机的电流与电压关系.通过调节滑动变阻器R接入电路的阻值，测量得到下表记录的信息.若认为小电动机的电阻是不变的，则()A.B.当小电动机的电压为2.00 V 时，其发热功率为0.1 W C.当小电动机的电压为2.00 V 时，其电功率为0.3 WD.当小电动机的电压为3.50 V 时，其对外做功的功率为1.05 W【答案】B 【解析】将电压表当作理想电压表，当小电动机的电压为1.25 V 时，电动机卡住未转动，电功率等于内阻发热功率UI =I 2r ，将第一组数据代入可解得r =2.5 Ω，A 错误；当小电动机的电压为2.00 V 时，电流是0.20 A ，由P =I 2r 得其发热功率为0.1 W ，B 正确；当小电动机的电压为2.00 V 时，其电功率P =UI =2×0.2 W =0.4 W ，C 错误；当小电动机的电压为3.50 V ，其对外做功的功率P 出=UI -I 2r =(3.5×0.3-0.32×2.5) W =0.825 W ，D 错误.10.如图所示，A 为电解槽，M 为电动机，N 为电炉，恒定电压U =12 V ，电解槽内阻r A =2 Ω，当S 1闭合，S 2、S 3断开时，A 示数为6 A ；当S 2闭合，S 1、S 3断开时，A 示数为5 A ，且电动机输出功率为35 W ；当S 3闭合，S 1、S 2断开时，A 示数为4 A.求： (1)电炉子的电阻及发热功率； (2)电动机的内阻；(3)在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率.解：(1)电炉为纯电阻元件，由欧姆定律得 R =U I 1=126 Ω=2 Ω.其发热功率为P =UI 1=12×6 W =72 W.(2)电动机为非纯电阻元件，由能量守恒定律得 UI 2=I 22r M +P 输出，所以r M =UI 2-P 输出I 22=12×5-3552Ω=1 Ω.(3)电解槽为非纯电阻元件，由能量守恒定律，得 P 化=UI 3-I 32r A ，所以P 化=(12×4-42×2) W =16 W.。

专题08 恒定电流和交变电流(高考押题)-2017年高考物理考纲解读与热点难点突破(解析版)

1.如图1所示，面积为S 、匝数为N 、电阻为r 的线圈与阻值为R 的电阻构成闭合回路，理想交流电压表并联在电阻R 的两端。

线圈在磁感应强度为B 的匀强磁场中，绕垂直于磁场的转动轴以角速度ω匀速转动。

设线圈转动到图示位置的时刻t ＝0，则( )图1A ．在t ＝0时刻，穿过线圈的磁通量达到最大，流过电阻R 的电流为零，电压表的读数也为零B ．1秒钟内流过电阻R 的电流方向改变ωπ次 C ．经π2ω的时间，通过电阻R 的电量为2πNBS 4（R ＋r ）D ．在电阻R 的两端再并联一只电容较大的电容器后，电压表的读数不变答案 B2.如图3所示，四个相同的灯泡与理想自耦变压器连接，其额定电压为U ，已知原线圈和副线圈的匝数比为3∶1，当接上交流电源后，副线圈上三个灯泡均正常发光，则下列说法正确的是( )图3A ．L 1能正常工作B ．L 1不能正常工作，且两端电压小于UC ．交流电源电压为2UD ．交流电源电压为3U答案 A3.如图4所示为一交流发电机的原理示意图，其中矩形线圈abcd 的边长ab ＝cd ＝L 1，bc ＝ad ＝L 2，匝数为n ，线圈的总电阻为r ，线圈在磁感应强度为B 的匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴OO ′匀速转动，角速度为ω，线圈两端通过电刷E 、F 与阻值为R 的定值电阻连接。

从线圈经过中性面开始计时，则( )图4A ．线圈中感应电动势的最大值为BωL 1L 2B ．线圈中感应电动势随时间变化的函数表达式为e ＝nBωL 1L 2cos ωtC ．经过14周期时间通过电阻R 的电荷量为BL 1L 2R ＋rD ．此发电机在上述工作状态下的输出功率为n 2B 2ω2L 21L 22R 2（R ＋r ）2解析线圈产生的感应电动势的最大值E m ＝nBωL 1L 2，选项A 错误；感应电动势随时间变化的表达式e ＝E m sin ωt ＝nBωL 1L 2sin ωt ，选项B 错误；根据法拉第电磁感应定律有E ＝n ΔΦΔt，由闭合电路欧姆定律有I ＝E R ＋r ，又ΔΦ＝BL 1L 2，q ＝I Δt ，联立解得q ＝n BL 1L 2R ＋r ，选项C 错误；线圈中感应电动势的有效值E ＝E m 2＝nBωL 1L 22，电流的有效值I ＝nBωL 1L 22（R ＋r ），交流发电机的输出功率即电阻R 的热功率P ＝I 2R ＝n 2B 2ω2L 21L 22R 2（R ＋r ）2，选项D 正确。

高中物理恒定电流(精心制作-高考题)

恒定电流一、选择题1.如图10—1所示，电源内阻和电压表电阻都不知道，当开关S断开时，V1的示数为12V，V2的示数为6V；当S闭合后，V2的示数为15V，则A.电源电动势E=20VB.电源电动势E=27.5VC.电源内阻与电压表V1电阻之比为1：6D.电源内阻与电压表V1电阻之比为1：122.在闭合电路中，下列说法中正确的是A.电流总是由高电势点流向低电势点B.电流越大，电源功率越大C.电源输出功率越大，电源效率越高D.电源输出电压越高，电源效率越高3.在如图所示的电路中，A、B、C分别表示理想电流表或电压表，它们的示数以安或伏为单位，当电键S闭合后，A、B、C三块表的示数分别为1、2、3时，灯L1、L2恰好正常发光。

已知灯L1、L2的额定功率之比为3：1，则可判定A.A、B、C均为电流表B.A、B、C均为电压表C.B为电流表，A、C为电压表D.B为电压表，A、C为电流表4.在如图所示电路中，电源内阻为r，定值电阻R0=r，滑动变阻器R的全部阻值为2r，当滑动头P由a向b端滑动时A.电源输出功率由小变大B.电源内部消耗的功率由大变小C.滑动变阻器R消耗的功率由大变小D.电源的输出功率由大变小5.如图所示电路，闭合开关S，两个灯泡都不亮，电流表指针几乎不动，而电压表指针有明显偏转，该电路的故障可能是A.电流表坏了或未接好B.从点a经过灯L1到点b的电路中有断路C.灯L2的灯丝断或灯座未接通D.电流表和灯L1、L2都坏了6.如图，灯泡A、B都能正常发光，后来由于电路中某个电阻发生断路，致使灯泡A比原来亮一些，则断路的电阻是A.R1B.R2C.R3D.R47.在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路，当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50A和2.0V，重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0V，则这台电动机正常运转时输出功率为A.32WB.44WC.47WD.48W8.如图所示，调节可变电阻R的阻值，使电压表V的示数增大△U，在这个过程中A.通过电阻R1的电流增加，增加量一定大于△U/R1B.电阻R2两端的电压减小，减少量一定等于△UC.通过电阻R2的电流减小，但减少量一定小于△U/R2D.路端电压增加，增加量一定等于△U9.如图所示，电灯A标有“10V，10W”，电灯B标有“8V，20W”，滑动变阻器的总电阻为6Ω，当滑动触头由a端向b端滑动的过程中(不考虑电灯电阻的变化)A.安培表示数一直减小，伏特表示数一直增大B.安培表示数一直增大，伏特表示数一直减小C.安培表示数先增大后减小，伏特表示数先减小后增大D.安培表示数先减小后增大，伏特表示数先增大后减小10.阻值较大的电阻R1和R2串联后，接入电压U恒定的电路，如图所示，现用同一电压表依次测量R1与R2的电压，测量值分别为U1与U2，已知电压表内阻R1、R2相差不大，则A.U1+U2=UB.U1+U2<UC.U1/U2=R1/R2D.U1/U2≠R1R2选1在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器。

五年(2019-2023)高考物理真题分项汇编专题08 恒定电流 (解析版)

专题08恒定电流一、单选题1(2023·海南·统考高考真题)如图所示电路，已知电源电动势为E ，内阻不计，电容器电容为C ，闭合开关K ，待电路稳定后，电容器上电荷量为()A.CEB.12CE C.25CE D.35CE 2(2022·北京·高考真题)某同学利用压力传感器设计水库水位预警系统。

如图所示，电路中的R 1和R 2，其中一个是定值电阻，另一个是压力传感器(可等效为可变电阻)。

水位越高，对压力传感器的压力越大，压力传感器的电阻值越小。

当a 、b 两端的电压大于U 1时，控制开关自动开启低水位预警；当a 、b 两端的电压小于U 2(U 1、U 2为定值)时，控制开关自动开启高水位预警。

下列说法正确的是()A.U 1<U 2B.R 2为压力传感器C.若定值电阻的阻值越大，开启高水位预警时的水位越低D.若定值电阻的阻值越大，开启低水位预警时的水位越高3(2022·江苏·高考真题)如图所示，电路中灯泡均正常发光，阻值分别为R 1=2Ω，R 2=3Ω，R 3=2Ω，R 4=4Ω，电源电动势E =12V ，内阻不计，四个灯泡中消耗功率最大的是()五年（2019-2023）高考物理真题分项汇编专题08 恒定电流 (解析版)A.R1B.R2C.R3D.R44(2021·江苏·高考真题)有研究发现，某神经细胞传递信号时，离子从细胞膜一侧流到另一侧形成跨膜电流，若将该细胞膜视为1×10-8F的电容器，在2ms内细胞膜两侧的电势差从-70mV变为30mV，则该过程中跨膜电流的平均值为()A.1.5×10-7AB.2×10-7AC.3.5×10-7AD.5×10-7A5(2020·海南·统考高考真题)一车载加热器(额定电压为24V)发热部分的电路如图所示，a、b、c是三个接线端点，设ab、ac、bc间的功率分别为P ab、P ac、P bc，则()A.P ab>P bcB.P ab=P acC.P ac=P bcD.P ab<P ac6(2020·北京·统考高考真题)图甲表示某金属丝的电阻R随摄氏温度t变化的情况。

高考物理专题复习恒电流和交变电流测试题

权掇市安稳阳光实验学校高考物理专题复习恒定电流和交变电流测试题一．不定项选择题()1．在如图4所示的电路中，当可变电阻R 的阻值增大时（）A ．AB 两点间的电压增大 B ．AB 两点间的电压减小C ．通过R 的电流I 增大D ．通过R 的电流I 减少()2．如图3所示是一交变电流的电流值随时间的变化图象，则此交变电流的（）A ．电流的最大值为24 AB ．电流有效值为5AC ．周期为0.2sD ．频率为50Hz()3.某交流发电机给灯泡供电，产生正弦式交变电流的图像如图所示，下列说法正确的是（）A. 交变电流的频率为0.02HzB. 交变电流的瞬时表达式为)(100cos 5A t i π=C. 在t=0.01s 时，穿过交流发电机线圈的磁通量最大D.若发动机线圈电阻为Ω4.0，则产生的热功率为10W()4.如图4所示的电路，闭合开关S ，两个灯泡都不亮，电流表指针几乎不动，而电压表的指针有明显偏转，该电路的故障可能是( )A ．灯L 2的灯丝断或灯座未接通 B. 电流表坏了或未接好C.从点a 经过灯L 1到点b 的电路中有断路D. 电流表和灯L 1、L 2都坏了(深圳一模)5．一理想变压器原、副线圈匝数比n 1：n 2=11：5，原线圈与正弦交变电源连接，输入电压u 随时间t 的变化规律如图所示，副线圈仅接入一个10Ω的电阻。

则（） A ．流过电阻的最大电流是20AB ．与电阻并联的电压表的示数是141VC ．变压器的输入功率是1×103WD ．在交流电变化的一个周期内，电阻产生的焦耳热是2×103J(深圳一模)6. 如图所示电路中，电源电动势为E ，线圈L 的电阻不计.以下判断正确的是 ( )A ．闭合S 稳定后，电容器两端电压为EB ．闭合S 稳定后，电容器的a 极带正电C ．断开S 的瞬间，电容器的a 极板将带正电D ．断开S 的瞬间，电容器的a 极板将带负电(肇庆一模)7. 下列关于日光灯电路的接法中，正确的是：（）t/10-2su/v0 12 22L R 1 R 2Ca b(肇庆一模)8.如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10:1，b是原线圈的中心抽头，电压表○V和电流表○A均为理想电表，除滑动变阻器电阻R以外其余电阻均不计。

高考物理二轮复习第8讲恒定电流和交变电流(含高考真

卷 11
津卷 3，江苏卷 13
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网络知识构建
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网络知识构建
☆通过场的类比(电场与重力场类比、电场与磁场的类比)；形象理解场的性质、掌握电场力和洛伦兹力的特性； ☆熟知两大定则(安培定则和左手定则)，准确判定磁场及磁场力的方向； ☆认识两类偏转模型(类平抛运动和圆周运动)，掌握带电粒子在场中的运动性质、规律和分析处理方法． ☆迁移力学“两大观点”，突破带电粒子在复合场中的运动问题；掌握“两个典型实例”，攻克电场和磁场的技术应用问题．
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网络知识构建
☆熟知电路的基本概念和规律，掌握两种电路的基本问题的分析方法(动态分析、故障分析、能量分析等)； ☆理解电磁感应两大规律(楞次定律和法拉第电磁感应定律)，掌握电磁感应两个基本问题(电流的方向和感应电动势的大小)的解题技巧； ☆掌握力学两类问题在电磁感应中的应用．熟悉电磁感应的两种基本模型(导体棒和导线框模型)的解题方法．
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核心知识重组
3．电源的功率 (1)电源的功率 P：电源将其他形式的能转化为电能的功率．计算式： ①P＝IE(普遍适用)；②P＝RE＋2 r＝I2(R＋r)(只适用于外电路为纯电阻的电路)． (2)电源内阻消耗的功率 P 内：电源内阻的热功率．计算式： P 内＝I2r. (3)电源的输出功率 P 外：外电路上消耗的功率．计算式：①P 外＝IU(普遍适用)；②P 外＝I2R＝（RE＋2Rr）2(只适用于外电路为纯电阻的电路)． (4)电源的输出功率(P 外)与外电阻 R 的关系：P 外＝IU＝（RE＋2Rr）2＝（R－R Er）2 2＋4r，P 外随 R 变化的关系图像如图所示，当外电阻与内电阻相等时，输出功率最大．
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高考物理二轮复习专题08恒定电流押题专练(含解析)

专题08 恒定电流1.通常一次闪电过程历时约0.2~0.3 s,它由若干个相继发生的闪击构成.每个闪击持续时间仅40~80 μs,电荷转移主要发生在第一个闪击过程中.在某一次闪电前云地之间的电势差约为1.0×109V,云地间距离约为1 km；第一个闪击过程中云地间转移的电荷量约为 6 C,闪击持续时间约为60 μs.假定闪电前云地间的电场是均匀的.根据以上数据,下列判断正确的是( )A.闪电电流的瞬时值可达到1×105 AB.整个闪电过程的平均功率约为1×1014 WC.闪电时云地间的导电现象可用欧姆定律计算D.整个闪电过程向外释放的能量约为6×106 J答案：A2.图(甲)为一个电灯两端的电压与通过它的电流的变化关系曲线.由图可知,两者不成线性关系,这是由于电压增大,灯丝温度升高,电阻变大.如图(乙)所示,将这个电灯与20 Ω的定值电阻R串联,接在电动势为8 V的电源上,则电灯的实际功率为(不计电流表电阻和电源内阻)( )A.0.6 WB.6 WC.0.9 WD.9 W答案：A解析：根据闭合电路欧姆定律可知：E=U L+IR代入数据得到：8=U L+20I在(甲)图中画出此方程的图线,如图所示.该图线与原图线的交点为此电路对应电灯中的电流和电压值.由图即可读出此电路中电灯两端的电压U=2 V,电流I=0.3 A,所以电灯的实际功率为P=UI=0.6 W.3.在研究微型电动机的性能时,应用如图所示的实验电路.当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时,电流表和电压表的示数分别为0.50 A和2.0 V.重新调节R并使电动机恢复正常运转,此时电流表和电压表的示数分别为2.0 A和24.0 V.则这台电动机正常运转时的输出功率为( )A.32 WB.44 WC.47 WD.48 W答案：A解析：电动机停止转动时,电动机的内阻r=Ω=4 Ω,电动机正常运转时输出功率为P=UI-I2r=32 W,A项正确.4.(2012北京顺义区一模)如图所示的电路中,电源电动势为E,内电阻为r,在滑动变阻器R2的滑片向上滑动的过程中,电阻R3上消耗的电功率( )A.一直减小B.保持不变C.一直增大D.先增大后减小答案：A5.当电阻两端加上某一稳定电压时,通过该电阻的电荷量为0.3 C,消耗的电能为0.9 J.为在相同时间内使0.6 C的电荷量通过该电阻,在其两端需加的电压和消耗的电能分别是( )A.3 V 1.8 JB.3 V 3.6 JC.6 V 1.8 JD.6 V 3.6 J答案：D解析：设两次加在电阻R上的电压分别为U1和U2,通电的时间都为t.由公式W1=U1q1和W1=t可得：U1=3 V,=0.1.再由W2=U2q2和W2=t可求出：U2=6 V,W2=3.6 J,故选项D 正确.6.如图所示,电源电动势为E,内阻为r,平行板电容器的两金属板水平放置,开关S是闭合的,两板间一质量为m、电荷量为q的油滴恰好处于静止状态,G为灵敏电流计.则以下说法正确的是( )A.在将滑动变阻器滑片P向上移动的过程中,油滴向上加速运动,G中有从b到a的电流B.在将滑动变阻器滑片P向下移动的过程中,油滴向下加速运动,G中有从b到a的电流C.在将滑动变阻器滑片P向上移动的过程中,油滴仍然静止,G中有从a到b的电流D.在将S断开后,油滴仍保持静止状态,G中无电流通过答案：A7. 如图所示的电路中,电源的电动势为E,内阻为r,当闭合开关S1,滑动变阻器滑片P 向左移动的过程中,下列结论正确的是( )A.小灯泡L变暗B.电流表读数变大,电压表读数变小C.电容器C上电荷量增加D.电源的总功率变小答案：B解析：滑动变阻器滑片P向左移动的过程中,滑动变阻器的有效阻值变小,闭合电路的外电阻变小,电路总电流增加,路端电压减小,所以电流表读数变大,电压表读数变小,选项B正确.电路总电流增加,小灯泡L变亮,选项A错误.小灯泡L两端电压增加,滑动变阻器两端的电压减小,电容器的电压减小,电容器上的电荷量减小,选项C错误.当电路外电阻等于电源内阻时电源的输出功率最大,滑动变阻器滑片P向左移动的过程中,外电路电阻变小,外电路电阻可能比电源内阻相差更大,也可能相差更小,所以电源的输出功率可能减小,也可能变大,选项D错误.8.在如图所示的UI图像中,直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图线,直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线.用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路.由图像可知( )A.电源的电动势为3 V,内阻为0.5 ΩB.电阻R的阻值为1 ΩC.电源的输出功率为2 WD.电源的效率为66.7%答案：ABD9.如图所示,R1为定值电阻,R2为可变电阻,E为电源电动势,r为电源内阻,以下说法中不正确的是( )A.当R2=r时,R2上获得最大功率B.当R2=R1+r时,R1上获得最大功率C.当R2=0时,R1上获得最大功率D.当R2=0时,电源的输出功率最大答案：ABD10.测金属电阻率实验(1)测长度时,金属丝的起点、终点位置如图(a),则长度为：cm；(2)用螺旋测微器测金属丝直径,示数如图(b),则直径为：mm；(3)用多用表“Ω×1”挡估测其电阻,示数如图(c),则阻值为：Ω；(4)在图(d)中完成实物连线；(5)闭合开关前应将滑动变阻器的滑片P移至最(填“左”或“右”)端.解析：(1)(a)图需往下估读一位,大约为60.48 cm(60.45~60.50 cm都可以).(5)无论限流接法,还是分压接法,将滑片P移至最左端时,待测金属丝上的电压和电流最小.答案：见解析.11.有一节干电池,电动势大约为1.5 V,内电阻约为 1.0 Ω.某实验小组的同学们为了比较准确地测出该电池的电动势和内电阻,他们在老师的支持下得到了以下器材：A.电压表V(15 V,10 kΩ)B.电流表G(量程3.0 mA,内阻R g=10 Ω)C.电流表A(量程0.6 A,内阻约为0.5 Ω)D.滑动变阻器R1(0~20 Ω,10 A)E.滑动变阻器R2(0~100 Ω,1 A)F.定值电阻R3=990 ΩG.开关S和导线若干(1)为了能准确地进行测量,同时为了操作方便,实验中应选用的滑动变阻器是.(填写器材前字母)(2)请在虚线框内画出他们采用的实验原理图.(标注所选择的器材符号)(3)该小组根据实验设计的原理图测得的数据如下表,为了采用图像法分析处理数据,请你在下图所示的坐标纸上选择合理的标度,作出相应的图线.序号 1 2 3 4 5 6 电流表G(I1/mA)1.371.351.261.241.181.11 电流表A(I2/A).12.16.21.28.36.43(4)根据图线求出电源的电动势E= V(保留三位有效数字),电源的内阻r= Ω(保留两位有效数字).解析：(1)干电池的电动势约为1.5 V,电流表A的量程为0.6 A,为了能准确地进行测量,要求电流表A的指针达满偏刻度的三分之一以上,所以电路总电阻最大约为Ω=7.5 Ω,为了操作方便,不宜选用变化范围是0~100 Ω的滑动变阻器E,应选用的滑动变阻器是D；(3)作出图线如图(乙)所示(4)纵坐标的截距为1.48 mA,根据图线求出电源的电动势E=1.48 mA×1 000 Ω=1.48 V,电源的内阻r==Ω=0.84 Ω.答案：(1)D (2)见解析图(甲)(3)见解析中图(乙)(4)1.48(1.45~1.49均可)；0.84(0.80~0.90均可)12.如图所示,电源内阻r=1 Ω,R1=2 Ω,R2=6 Ω,灯L上标有“3 V 1.5 W”的字样,当滑动变阻器R3的滑片P移到最右端时,电流表示数为1 A,灯L恰能正常发光.(1)求电源的电动势；(2)求当P移到最左端时,电流表的示数；(3)当滑动变阻器的Pb段电阻多大时,变阻器R3上消耗的功率最大?最大值多大?解析：(1)电源的电动势E=U L+IR1+Ir=3 V+1×2 V+1×1 V=6 V.(2分)(2)当P移到最左端时,由闭合电路欧姆定律,I=E/(R1+r)=2 A.(2分)当R3b=2 Ω时变阻器R3上消耗的功率最大,且最大值为2 W.(1分)答案：(1)6 V (2)2 A (3)2 Ω 2 W13.如图(甲)所示为一个电灯两端的电压与通过它的电流变化关系曲线.由图可知,两者不成线性关系,这是由于焦耳热使灯丝的温度发生了变化.参考这条曲线回答下列问题(不计电流表和电池的内阻).(1)若把三个这样的电灯串联后,接到电动势为12 V的电源上,求流过电灯的电流和每个电灯的电阻；(2)如图(乙)所示,将两个这样的电灯并联后再与10 Ω的定值电阻R0串联,接在电动势为8 V的电源上,求通过电流表的电流值以及每个电灯的实际功率.解析：(1)把三个这样的电灯串联后,每只电灯得到的实际电压为 V=4 V.(2分) 由题图(甲)可知,每只电灯加上4 V的实际电压时的工作电流均为I=0.4 A,(2分) 由此可以求出此时每只电灯的实际电阻R==Ω=10 Ω.(2分)这两条图线的交点U'=2 V,I'=0.3 A,(2分)同时满足了电路结构和元件的要求,此时通过电流表的电流值I A=2I'=0.6 A(2分) 每个电灯的实际功率P=U'I'=2×0.3 W=0.6 W.(2分)答案：见解析.。

专题08 恒定电流和交变电流专题-2017年高考物理考纲解

【2017年高考考纲解读】(1)直流电路的功率、焦耳定律及伏安特性曲线．(2)直流电路的动态分析(这个考点对新课标卷来讲近几年是冷考点，应该重视；其他省份一般都是热考点)．(3)交变电流的产生图象和函数表达式．(4)交变电流的四值：有效值、最大值、瞬时值和平均值．(5)理想变压器的原理及应用．【命题趋势】(1)闭合电路的欧姆定律和电功及电功率的计算(含动态分析)．(2)交变电流的产生、图象、公式及相关物理量．(3)交变电流的“四值”的物理意义及其不同方面的应用．(4)多数题目与交变电流的图象、瞬时值表达式等相结合进行综合考查．(5)变压器电压、电流及功率关系与远距离输电相结合进行综合考查．【重点、难点剖析】一、直流电路的动态分析1.直流电路的动态变化分析在高考中是以选择题形式考查的，往往以下列变化方式探究整个电路中的电流、电压变化情况：(1)某支路的滑动变阻器的阻值变化;(2)某支路开关闭合或断开;(3)热敏电阻或光敏电阻的阻值变化。

2.闭合电路的动态分析方法(1)程序法：闭合电路中，由于局部电阻变化(或开关的通断)，引起各部分电压、电流(或灯泡明暗)发生变化，分析此类问题的基本步骤是：①由局部电阻变化判断总电阻的变化;②由I=判断总电流的变化;③据U=E-Ir判断路端电压的变化;④由欧姆定律及串并联电路特点判断各部分电流、电压变化。

(2)极限法：即因变阻器滑片滑动引起电路变化的问题，可将变阻器的阻值分别取两个极端去讨论。

(3)特殊值法：对于某些电路问题，可以采取代入特殊值法判定，从而得出结论。

【规律方法】闭合电路动态分析的两种方法。

(1)程序分析法：R局I总U内U外I支U支(2)利用结论法：“串反并同”法所谓“串反”即一电阻增大(减小)时，与它串联或间接串联的电阻中的电流、两端电压都减小(增大);所谓“并同”即某一电阻增大(减小)时，与它并联或间接并联的电阻中的电流、两端电压都增大(减小)。

二、交变电流的产生及描述该热点常以选择题形式考查，主要考查交流电的两种表达式、函数表示法与图象表示法及交流电的有效值、最大值等基本知识。

高中物理恒定电流知识点详细总结及经典例题[1]

高中物理恒定电流知识点详细总结及经典例题(word版可编辑修改) 编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（高中物理恒定电流知识点详细总结及经典例题(word版可编辑修改)）的内容能够给您的工作和学习带来便利。

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高中物理恒定电流知识点详细总结及经典例题第一节电源和电流1.电流电流的定义式:tqI 决定式:I ＝R U电流的微观表达式I=nqvS注意：在电解液导电时，是正负离子向相反方向定向移动形成电流，在用公式I ＝q ／t 计算电流强度时应引起注意。

1．在10 s 内通过电解槽某一横截面向右迁移的正离子所带的电量为2 C ，向左迁移的负离子所带的电量为3 C ．求电解槽中电流强度的大小。

2．来自质子源的质子（初速度为零）,经一加速电压为800kV 的直线加速器加速，形成电流强度为1mA 的细柱形质子流。

已知质子电荷e =1。

60×10-19C 。

这束质子流每秒打到靶上的质子数为_________。

假定分布在质子源到靶之间的加速电场是均匀的,在质子束中与质子源相距L和4L 的两处，各取一段极短的相等长度的质子流,其中的质子数分别为n 1和n 2，则n 1∶n 2=_______。

第二节电阻定律在温度不变时，导体的电阻与其长度成正比，与其横截面积成反比，即R=ρSl。

A 。

在公式R=ρSl中，l 、S 是导体的几何特征量，比例系数ρ（电阻率)是由导体的物理特性决定的.不同的导体，它们的电阻率不相同.B 。

对于金属导体，它们的电阻率一般都与温度有关,温度升高时电阻率增大，导体的电阻也随之增大。

高考物理专题复习：《恒定电流》附答案

新课标高考物理专题复习：《恒定电流》( 附参照答案 )一、选择题。

（共 20 小题，每题 3 分，共 60 分，部分分 1 分）1. 如图，电源电动势为E，内阻为r ，给外电阻R供电，则以下图中不可以反应全电路特色的图象是 ()E r IUU/V I/A U/V P出/WE/rOI/A O E U/V OCR/ΩO r R/ ΩA B D2．如下图，电源电动势=8V，内电阻为r =0.5 Ω，“ 3V,3W”的灯泡L与电动机 M串连接E在电源上，灯泡恰巧正常发光，电动机恰巧正常工作，电动机的线圈电阻L R0=1.5Ω 。

以下说法正确的选项是()E A．经过电动机的电流为 1.6A B．电动机的效率是62.5%MrC．电动机的输入功率为 1.5W D．电动机的输出功率为3W3．在如下图电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P 向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用123表示，电表示数I 、 U、U和U变化量的大小分别用I 、U1、U2和U3表示．以下比值正确的选项是（）A.U1/I不变，U1/I 不变 C.U2/I变大，U2/I 变大C.U2/I变大，U2/I 不变 D.U3/I变大， U3/I 不变4．右图为包括某逻辑电路的一个简单电路图，L 为小灯泡．光照耀电阻远小于 R．则以下说法正确的选项是（）A．该逻辑电路是非门电路；当电阻R 遇到光照时，小灯泡L 不发光B．该逻辑电路是非门电路；当电阻R 遇到光照时，小灯泡L 发光C．该逻辑电路是与门电路；当电阻R 遇到光照时，小灯泡L 不发光D．该逻辑电路是或门电路；当电阻R 遇到光照时，小灯泡L 发光R时，其阻值将变得5VR1R L5. 小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如下图，P为图线上一点，为图线的PN切线， PQ为 U轴的垂线， PM为 I 轴的垂线。

则以下说法中正确的选项是()A．跟着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大1IUB．对应P点，小灯泡的电阻为R＝I2I2 M PC．对应P点，小灯泡的电阻为R＝U1I1 N21I－ ID．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积QO U1U6. 如下图，四个同样的电流表分别改装成两个安培表和两个伏特表，安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表 V1的量程大于 V2的量程，把它们按图接入电路中，则以下说法正确的选项是A．安培表 A1的读数大于安培表 A2的读数B．安培表A1的偏转角大于安培表A2的偏转角C．伏特表V1的读数小于伏特表V2的读数D．伏特表 V1的偏转角等于伏特表V2的偏转角7．如下图的电路中，电池的电动势为E，内阻为 r ，电路中的电阻 R1、 R2和 R3的阻值都相同．在电键 S 处于闭合状态下，若将电键S 由地点 1 切换到地点2。

高考物理备考优生百日闯关系列专题08恒定电流(含解析)

专题08 恒定电流第一部分名师综述恒定电流主要考查以"电路"为核心的三部分内容:一是以部分电路的欧姆定律为中心，考查直流电路的基本概念、伏安法测电阻、电功和电热等问题；二是以闭合电路的欧姆定律为中心，考查电源的作用、闭合电路的功率分配和能量转化的关系、电路的路端电压与电源电动势和内阴天的关系；三是以电路中的电工仪表的使用为中心，考查电学实验中仪器的选取、电表的读数、实物连接、数据处理和误差分析等问题.尤其是电学知识联系实际的问题和探究实验问题是近几年高考考查的热点. 欧姆定律、焦耳定律往往与电磁感应现象相交叉渗透；电功率、焦耳热计算往往与现实生活联系较密切，是应用型、能力型题目的重要内容之一，也是高考命题热点内容之一。

历届高考命题形式一是以选择、填空方式考查知识；二是与静电、磁场和电磁感应结合的综合题，值得说明的是，近年来高考在对本章的考查中，似乎更热衷于电路的故障分析.这类题通常都来自生活实际，是学生应具备的基本技能.尤其引人关注的是电路实验有成为必考题的趋势.第二部分精选试题1．【浙江省宁波市效实中学2016届高三上学期期中考试物理试题】如图所示电路，电源内阻不能忽略，R 1阻值小于变阻器的总电阻，当滑动变阻器的滑片P 停在变阻器的中点时，电压表的示数为U ，电流表的示数为I 。

那么，滑片P 由中点向上移动的全过程中A ．电压表的示数始终小于U B. 电流表的示数始终大于I C. 电压表的示数先增大后减小 D. 电流表的示数先减小后增大【答案】BC部分电阻记为上R ，下面部分的电阻记为下R ，则电流表的示数即流过R 1的电流值I R R R I 31+='下()上下R R R r R EI ++='213其中3113R R R +=是定值，当滑片P 由中点向上移动的全过程中，上R 不断减小，下R 不断增大，I '不断增大，即电流表的示数不断增大，且始终大于I ，B 正确；D 错误；故选BC 。

2019高考物理考纲解读与热点难点突破：专题08 恒定电流和交变电流及答案解析

2019高考物理考纲解读与热点难点突破专题08 恒定电流和交变电流1．如图所示,水平铜盘半径为r ,置于磁感应强度为B ,方向竖直向下的匀强磁场中,铜盘绕通过圆盘中心的竖直轴以角速度ω做匀速圆周运动,铜盘的边缘及中心处分别通过导线与理想变压器的原线圈相连,该理想变压器原、副线圈的匝数比为n ∶1,变压器的副线圈与电阻为R 的负载相连,则( )A ．负载R 两端的电压为Br 2ω2nB ．原线圈中的电流强度为通过R 电流的1nC ．变压器的副线圈磁通量为0D ．通过负载R 的电流强度为0【答案】D2．在如图所示的电路中,E 为电源,电源内阻为r,L 为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变),○V 为理想电压表,R 1、R 2为定值电阻,R 3为滑动变阻器,将滑动变阻器的滑片向上移动,则( )A ．电压表的示数变大B ．小灯泡消耗的功率变小C ．通过R 2的电流变小D．电源的内耗电压变大【答案】B【解析】将滑动变阻器的滑片向上移动,滑动变阻器接入电路的阻值增大,电路中的总电阻增大,由闭合电路欧姆定律可得,电路中的电流减小,故R1两端的电压减小,并联部分电压增大,通过R2的电流变大,A、C错误；由并联电路的电流规律可知,流过灯泡的电流一定减小,故由P＝I2R可知,小灯泡消耗的功率变小,B正确；因电路中电流减小,故电源的内耗电压减小,D错误．7．如图所示的变压器,按如图甲所示的交流电时,灯泡正常发光,电容器能正常工作,现将电源换成如图乙所示的交流电,则()A．由于乙交变电流的周期短,因此灯泡比第一次亮B．由于乙的频率比甲的大,因此电容器有可能被击穿C．无论接甲电源,还是接乙电源,若滑动触头P向上移动,灯泡都变暗D．若将原线圈n1的匝数增加,灯泡消耗的功率将变大【答案】C8．如图所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为,a、b端接入一正弦式交流电源．L1、L2为两只规格均为“22 V,6 W”的灯泡,两电表为理想交流电表．当滑动变阻器的滑片P处于中间位置时,两灯泡恰好都正常发。

高考物理《恒定电流》真题练习含答案

高考物理《恒定电流》真题练习含答案1.[2024·新课标卷](多选)电动汽车制动时可利用车轮转动将其动能转换成电能储存起来．车轮转动时带动磁极绕固定的线圈旋转，在线圈中产生电流．磁极匀速转动的某瞬间，磁场方向恰与线圈平面垂直，如图所示．将两磁极间的磁场视为匀强磁场，则磁极再转过90°时，线圈中()A．电流最小B．电流最大C．电流方向由P指向QD．电流方向由Q指向P答案：BD解析：磁极顺时针匀速转动相当于线圈逆时针匀速转动，线圈从中性面位置开始转动，磁极转过90°时即线圈逆时针转过90°时，穿过线圈的磁通量为0，磁通量的变化率最大，线圈中电流最大，A错误，B正确；磁极转过90°时相当于题图示中PQ向下切割磁感线，由右手定则可知线圈中电流方向由Q指向P，C错误，D正确．2．[2023·江苏卷]小明通过实验探究电压表内阻对测量结果的影响．所用器材有：干电池(电动势约1.5 V，内阻不计)2节；两量程电压表(量程0～3 V，内阻约3 kΩ；量程0～15 V，内阻约15 kΩ)1个；滑动变阻器(最大阻值50 Ω)1个；定值电阻(阻值50 Ω)21个；开关1个及导线若干．实验电路如图1所示．(1)电压表量程应选用________(选填“3 V”或“15 V”).(2)图2为该实验的实物电路(右侧未拍全).先将滑动变阻器的滑片置于如图所示的位置，然后用导线将电池盒上接线柱A与滑动变阻器的接线柱________(选填“B”“C”或“D”)连接，再闭合开关，开始实验．(3)将滑动变阻器滑片移动到合适位置后保持不变，依次测量电路中O与1，2，…，21之间的电压．某次测量时，电压表指针位置如图3所示，其示数为________ V．根据测量数据作出电压U与被测电阻值R的关系图线，如图4中实线所示．(4)在图1所示的电路中，若电源电动势为E，电压表视为理想电压表，滑动变阻器接入的阻值为R1，定值电阻的总阻值为R2，当被测电阻为R时，其两端的电压U＝________(用E、R1、R2、R表示)，据此作出UR理论图线如图4中虚线所示．小明发现被测电阻较小或较大时，电压的实测值与理论值相差较小．(5)分析可知，当R较小时，U的实测值与理论值相差较小，是因为电压表的分流小，电压表内阻对测量结果影响较小．小明认为，当R较大时，U的实测值与理论值相差较小，也是因为相同的原因．你是否同意他的观点？请简要说明理由________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________.答案：(1)3 V(2)D(3)1.50(4)ERR1＋R2(5)不同意，理由见解析解析：(1)所用电源为两节干电池，电动势为3 V，则所用电表量程为3 V；(2)闭合开关之前，滑动变阻器阻值应该调到最大，则由图可知，电池盒上的接线柱A 应该与滑动变阻器的接线柱D连接；(3)电压表最小刻度为0.1 V，则读数为1.50 V；(4)由闭合电路欧姆定律可得I＝ER1＋R2当被测电阻阻值为R时电压表读数U＝IR＝ERR1＋R2(5)不同意；当R较大时，则电压表内阻不能忽略，则电路中的电流I＝ER1＋（R2－R）＋RR V R＋R V则电压表读数为U＝ER1＋（R2－R）＋RR VR＋R V·RR VR＋R V＝E（R1＋R2－R）（R＋R V）RR V＋1当R较大时，R＝R2时R最大，此时U＝ER1（R2＋R V）R2R V ＋1＝ER1R V＋R1R2＋1因R V≫R1，则电压表读数接近于U＝ER1 R2＋1＝ER2R1＋R23．[2022·全国甲卷]某同学要测量微安表内阻，可利用的实验器材有：电源E(电动势1.5V，内阻很小)，电流表(量程10 mA，内阻约10 Ω)，微安表(量程100 μA，内阻R g待测，约1 kΩ)，滑动变阻器R(最大阻值10 Ω)，定值电阻R0(阻值10 Ω)，开关S，导线若干．(1)将图中所示的器材符号连线，画出实验电路原理图；(2)某次测量中，微安表的示数为90.0 μA，电流表的示数为9.00 mA，由此计算出微安表内阻R g＝________ Ω.答案：(1)如图所示(2)990解析：流过电阻R 0的电流I 0＝I －I g ＝9 mA －0.09 mA ＝8.91 mA ，由欧姆定律可知，R g＝I 0R 0I g ＝8.91×100.09Ω＝990 Ω. 4．[2024·浙江1月，节选]在“观察电容器的充、放电现象”实验中，把电阻箱R(0～9 999 Ω)、一节干电池、微安表(量程0～300 μA ，零刻度在中间位置)、电容器C(2 200 μF 、16 V )、单刀双掷开关组装成如图1所示的实验电路．(1)把开关S 接1，微安表指针迅速向右偏转后示数逐渐减小到零；然后把开关S 接2，微安表指针偏转情况是________．A ．迅速向右偏转后示数逐渐减小B ．向右偏转示数逐渐增大C ．迅速向左偏转后示数逐渐减小D ．向左偏转示数逐渐增大(2)再把电压表并联在电容器两端，同时观察电容器充电时电流和电压变化情况．把开关S 接1，微安表指针迅速向右偏转后示数逐渐减小到160 μA 时保持不变；电压表示数由零逐渐增大，指针偏转到如图2所示位置时保持不变，则电压表示数为________V ，电压表的阻值为________kΩ(计算结果保留两位有效数字).答案：(1)C (2)0.50 3.1解析：(1)把开关S 接1，电容器充电，电流从右向左流过微安表，微安表指针迅速向右偏转后示数逐渐减小到零；把开关S 接2，电容器放电，电流从左向右流过微安表，则微安表指针迅速向左偏转后示数逐渐减小．(2)由题意可知电压表应选用0～3 V 量程，由图2可知此时分度值为0.1 V ，需要估读到0.01 V ，则读数为0.50 V ．当微安表示数稳定时，电容器中不再有电流通过，此时干电池、电阻箱、微安表和电压表构成回路，根据闭合电路欧姆定律有R ＋R V ＝E I ＝ 1.5160×10－6 Ω＝9.375 kΩ 根据串联电路规律有R R V ＝U R U V ＝1.5－0.50.5＝2 联立可得R V≈3.1 kΩ5．[2021·广东卷]某小组研究热敏电阻阻值随温度的变化规律．根据实验需要已选用了规格和量程合适的器材．(1)先用多用电表预判热敏电阻阻值随温度的变化趋势．选择适当倍率的欧姆挡，将两表笔________，调节欧姆调零旋钮，使指针指向右边“0 Ω”处．测量时观察到热敏电阻温度越高，相同倍率下多用电表指针向右偏转角度越大，由此可判断热敏电阻阻值随温度的升高而________．(2)再按下图连接好电路进行测量．①闭合开关S前，将滑动变阻器R1的滑片滑到________端(填“a”或“b”).将温控室的温度设置为T，电阻箱R0调为某一阻值R01.闭合开关S，调节滑动变阻器R1，使电压表和电流表的指针偏转到某一位置．记录此时电压表和电流表的示数、T和R01.断开开关S.再将电压表与热敏电阻C端间的导线改接到D端，闭合开关S.反复调节R0和R1，使电压表和电流表的示数与上述记录的示数相同．记录此时电阻箱的阻值R02.断开开关S.②实验中记录的阻值R01________R02(填“大于”“小于”或“等于”)，此时热敏电阻阻值R T＝________．(3)改变温控室的温度，测量不同温度时的热敏电阻阻值，可以得到热敏电阻阻值随温度的变化规律．答案：(1)短接减小(2)①b②大于R01－R02解析：(1)使用多用电表的欧姆挡前应先欧姆调零，即将两表笔短接．温度越高，相同倍率下多用电表的指针向右偏转的角度越大，则电阻阻值越小，故热敏电阻的阻值随温度的升高而减小．(2)①闭合开关前，为了保护电路，应该将滑动变阻器的滑片移到b端．②将电压表与热敏电阻C端间的导线改接到D，调节滑动变阻器和电阻箱，使电压表和电流表的示数与改接前一致，则R01＝R02＋R T，所以R01>R02，R T＝R01－R02.。

高考物理二轮复习专题精讲第8讲恒定电流和交变电流

第8讲恒定电流和交变电流一、单项选择题1．(2013·江苏泰州一模，4)如图4－8－17中理想变压器原、副线圈的匝数之比为2∶1，L 是自感系数较大的线圈，在变压器的原线圈两端加上u ＝220 2 sin(100πt ＋π)(V)的交变电压时，灯泡正常发光．电压表和电流表可视为理想电表．则下列说法中正确的是 ( )．图4－8－17A ．该交流电的频率为100 HzB ．电压表的示数为110 VC ．若将变阻器的滑片P 向上滑动，灯泡将变暗D ．若将变阻器的滑片P 向下滑动，电流表读数将变大解析由ω＝2πf ＝100π得f ＝50 Hz ，故A 错．由U 1U 2＝n 1n 2解得U 2＝110 V ，由电路关系可见，电压表的示数小于110 V ，故B 错．P 上滑，R 总减小，副线圈中电流增大，线圈L 分压增大，则灯泡两端电压减小，亮度变暗，故C 正确．P 下滑时，与上述相反，电流减小，即电流表读数变小，故D 错．答案 C2．(2013·福建卷，15)如图4－8－18所示，实验室一台手摇交流发电机，内阻r ＝1.0 Ω，外接R ＝9.0 Ω的电阻．闭合开关S ，当发电机转子以某一转速匀速转动时，产生的电动势e ＝102sin 10πt (V)，则( )．图4－8－18A ．该交变电流的频率为10 HzB ．该电动势的有效值为10 2 VC ．外接电阻R 所消耗的电功率为10 WD ．电路中理想交流电流表的示数为1.0 A解析由e ＝102sin 10πt (V)知电动势的有效值E 有＝E m2＝1022V ＝10 V ，故B 选项错误；电路中的理想电流表示数为电流的有效值：I 有＝E 有r ＋R＝1.0 A ，故D 选项正确；电阻R 消耗的电功率P ＝I 2有R ＝9.0 W ，故C 选项错误；转子的角速度ω＝10π rad/s，所以频率f ＝ω2π＝5 Hz ，故A 选项错误.答案 D3．(2013·天津卷，4)普通的交流电流表不能直接接在高压输电线路上测量电流，通常要通过电流互感器来连接，图4－8－19 中电流互感器ab 一侧线圈的匝数较少，工作时电流为I ab ，cd 一侧线圈的匝数较多，工作时电流为I cd ，为了使电流表能正常工作，则( )．图4－8－19A ．ab 接MN 、cd 接PQ ，I ab ＜I cdB ．ab 接MN 、cd 接PQ ，I ab ＞I cdC ．ab 接PQ 、cd 接MN ，I ab ＜I cdD ．ab 接PQ 、cd 接MN ，I ab ＞I cd解析测电流时，需副线中的电流较小，由I 1I 2＝n 2n 1可知；n 2较大，n 1较小，所以ab 接MN ，cd 接PQ ，I ab ＞I cd .选项B 正确．答案 B4．(2013·四川卷，2)用220 V 的正弦交流电通过理想变压器对一负载供电，变压器输出电压是110 V ，通过负载的电流图象如图4－8－20所示，则( )．图4－8－20A ．变压器输入功率约为3.9 WB ．输出电压的最大值是110 VC ．变压器原、副线圈匝数比是1∶2D ．负载电流的函数表达式i ＝0.05 sin(100 πt ＋π2)A 解析由题意知：U 1＝220 V ，U 2＝110 V ，所以n 1n 2＝U 1U 2＝2∶1，U 2m ＝110 2 V ，选项B 、C 均错误．由图象可知：I 2m ＝0.05 A ，T ＝0.02 s ，则负载电流的表达式为i ＝0.05 sin(100 πt)A，选项D 错误．变压器的输入功率P 1＝P 2＝I 2U 2＝0.052×110 W≈3.9 W，选项A 正确．答案 A5．在如图4－8－21所示的电路中，电源的电动势为E ，内阻为r ，平行板电容器C 的两金属板水平放置，R 1和R 2为定值电阻，P 为滑动变阻器R 的滑动触头，G 为灵敏电流表，A 为理想电流表．开关S 闭合后，C 的两板间恰好有一质量为m 、电荷量为q 的油滴处于静止状态．在P 向上移动的过程中，下列说法正确的是( )．图4－8－21A ．A 表的示数变大B ．油滴向上加速运动C ．G 中有a →b 的电流D ．电源的输出功率一定变大解析油滴静止时，它所受的重力等于向上的电场力F ＝qE ＝qU Cd，在P 向上移动的过程中，滑动变阻器的有效电阻变大，电路的总电阻变大，由闭合电路欧姆定律，知电路的总电流I 变小，路端电压U 外变大，则选项A 错误；而电阻R 1两端的电压U 1＝IR 1变小，由U 外＝U 1＋U 并，知U 并变大，U C ＝U 并变大，油滴所受电场力变大，将向上加速运动，Q C ＝CU 并变大，电容器C 充电，电流方向由b →a ，则选项B 正确，C 错误；电源的输出功率变化不确定，选项D错误．答案 B6．如图4－8－22所示，一个理想变压器，初级线圈的匝数为n1，a、b接交流电源，次级线圈匝数为n2，与负载电阻R相连接，R＝40 Ω.图中电压表的示数为100 V，初级线圈的电流为0.4 A．下列说法正确的是( )．图4－8－22A．次级线圈中的电流的最大值为1 AB．初级和次级线圈的匝数比n1∶n2＝2∶5C．如果将另一个阻值为R的电阻与负载电阻并联，图中电流表的示数为2 AD．如果将另一个阻值为R的电阻与负载电阻串联，变压器消耗的电功率是80 W解析输送给变压器的功率P1＝I1U1＝0.4×100 W＝40 W因为P1＝P2，所以P2＝40 W①P2＝I22R②由①②得I2＝1 A，故选项A错误，两电阻并联，副线中电流为2 A，选项C正确．由n1n2＝I2I1得：n1n2＝10.4＝52，选项B错误．副线圈两个电阻串联时，消耗功率P＝U222R＝20 W，故选项D错误．答案 C二、多项选择题7．现用电压为380 V的正弦式交流电给额定电压为220 V的电灯供电，以下电路中可能使电灯正常发光的有( )．解析由图可知，A 、B 选项中均有电阻分压，可以使电灯正常发光；C 选项为降压变压器，通过变压器降压也可以使电灯正常发光；D 选项为升压变压器，电灯两端的电压要大于380 V ，不可行．答案 ABC8．如图4－8－23所示为远距离输送交流电的系统示意图，变压器均为理想变压器．随着用户负载增多，发电机F 达到额定功率时，降压变压器输出功率仍然不足，用户的用电器不能正常工作．那么，在发电机以额定功率工作的情况下，为了适当提高用户的用电功率，可采取的措施是 ( )．图4－8－23A ．适当减小输电线的电阻rB ．适当提高n 4n 3C ．适当提高n 2n 1的同时，降低n 4n 3D ．适当降低n 2n 1的同时，提高n 4n 3解析当发电机输出功率一定时，为使远距离用户得到更多的功率，需减小输电线上的功率损失，根据ΔP ＝I 2线r ，可以减小输电线的电阻r ，A 对；也可以通过提高输电电压，减小输送电流，即提高n 2n 1，这样使线圈n 3两端电压变大，为使用户的用电器正常工作需要适当降低n 4n 3，C 对．答案 AC9．(2013·江苏南通一模，8)如图4－8－24所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比n 1∶n 2＝22∶5，原线圈接u 1＝220 2 sin 100πt (V)的交流电，电阻R 1＝R 2＝25 Ω，D 为理想二极管，则( )．图4－8－24A ．电阻R 1两端的电压为50 VB ．二极管的反向耐压值应大于50 2 VC ．原线圈的输入功率为200 WD ．通过副线圈的电流为3 A 解析 U 2＝n 2U 1n 1＝5×22022V ＝50 V ，故A 对．二极管加反向电压时无电流，R 2不分压，故二极管反向最大电压为50 2 V ，故B 正确．R 2两端电压的有效值可求出为25 2 V ，故P 2＝U 2R 2R 2＝252225W ＝50 W ，R 1消耗的功率P 1＝U 22R 1＝50225W ＝100 W ．故副线圈输出的电功率为P 1＋P 2＝150 W ，由I 2U 2＝P 1＋P 2得I 2＝3 A ，故D 正确．理想变压器有：P 入＝P 出，故C 错．答案 ABD10．如图4－8－25所示是通过街头变压器降压给用户供电的示意图．输入电压是市区电网的电压，负载变化时输入电压不会有大的波动．输出电压通过输电线输送给用户，每条输电线总电阻用R 0表示．当负载增加时，则( )．图4－8－25A ．电压表的读数减小B ．电流表的读数减小C ．电流表的读数减小D ．电压表、的读数之差增大解析输入电压是市区电网的电压，不随负载增加而变化，变压器原副线圈的匝数不变，由变压器的原理U 1U 2＝n 1n 2，可得电压表的示数U 2保持不变，当负载增加时，意味着并联了更多的用电器，即负载的总阻值减小，而I 2＝U 22R 0＋R 载，所以副线圈电流增大，即电流表的示数增大，根据变压器的原理P 出＝P 入，即U 2I 2＝U 1I 1，由于输出功率增大，输入电流I 1增大，选项B 、C 错误；由于输电导线与负载串联，随负载阻值减小电流增大，导线R 0上的电压U 0＝I 2R 0增大，所以负载的电压U 载＝U 2－U 0减小，即电压表的示数减小，选项A 正确；电压表与电压表示数之差为导线上的电压，即U 0＝I 2·2R 0变大，选项D 正确．答案 AD11．如图4－8－26为理想变压器原线圈所接正弦交流电源两端的u －t 图象．原、副线圈匝数比n 1∶n 2＝10∶1.若串联在原线圈电路中交流电流表的示数为1 A ，则( )．图4－8－26A ．变压器原线圈所接交流电压的有效值为220 VB ．变压器输出端所接电压表的示数为22 2 VC ．变压器输出端交变电流的频率为50 HzD ．变压器的输出功率为220 2 W解析由原线圈所接正弦交流电u －t 图象以及交变电流规律可知，变压器原线圈所接交流电压有效值U 1＝U m2＝220 V ，输出端所接电压表示数也为有效值，因为原、副线圈匝数比n 1∶n 2＝10∶1，由变压器的变压关系可知U 1∶U 2＝n 1∶n 2，解得U 2＝22 V ，变压器的输入功率等于输出功率P ＝U 1I 1＝220 W ，因此A 正确，B 、D 错误；再由u －t 图象知交变电流的周期为0.02 s ，频率为50 Hz ，选项C 正确．答案 AC12．如图4－8－27所示，边长为L 、匝数为N ，电阻不计的正方形线圈abcd 在磁感应强度为B 的匀强磁场中绕转轴OO ′转动，轴OO ′垂直于磁感线，在线圈外接一含有理想变压器的电路，变压器原、副线圈的匝数分别为n 1和n 2.保持线圈以恒定角速度ω转动，下列判断正确的是( )．图4－8－27A．两电压表的示数之比为U1∶U2＝n1∶n2B．电压表V1示数等于NBωL2C．当可变电阻R的滑片P向上滑动时，电压表V2的示数变大D．变压器的输入功率与输出功率之比为1∶1解析变压器的电压之比等于线圈匝数之比，A正确；由于线圈电阻不计，示数即为线圈产生的电动势的有效值U1＝E＝E m2＝NBωL22，B错误；的示数由和线圈匝数比决定，R的变化不影响示数，C错误；理想变压器输出功率等于输入功率，D正确．答案AD。

专题08 恒定电流-五年(2018-2022)高考物理真题分项汇编(解析版)

专题8恒定电流（解析版）
近5年（2012-2022）高考物理试题分类解析
1、（2022·浙江6月卷·T12）风力发电已成为我国实现“双碳”目标的重要途径之一。如图所示，风力发电机是一种将风能转化为电能的装置。某风力发电机在风速为时，输出电功率为，风速在范围内，转化效率可视为不变。该风机叶片旋转一周扫过的面积为，空气密度为，风场风速为，并保持风正面吹向叶片。下列说法正确的是（）
[答案] 10 ，0.45W
【解析】据图象，电源电动势E=3V，内阻
滑片P移至最右边时，路端电压，又，解得I=0.2A，所以 .
当时，R'消耗的最大功率为Pmax= (大家都知道为什么是这样，不再赘述)
[考察知识]闭合电路欧姆定律。
[核心素养]科学探究(电路的动态过程+闭合电路，功率与等效内阻的关系)
故C错误；
D．电动机的输出功率等于水泵所需要的输入功率，则电动机的机械功率为
而电动机的电功率为
由能量守恒可知
联立解得
故D正确；
故选D。
3.2020全国1卷第４题
4.图（a）所示的电路中，K与L间接一智能电源，用以控制电容器C两端的电压UC。如果UC随时间t的变化如图（b）所示，则下列描述电阻R两端电压UR随时间t变化的图像中，正确的是（）
B.直流电源对无人机供电的额定电流为
C.无人机上升过程中消耗平均功率为
D.无人机上升及悬停时均有部分功率用于对空气做功
【答案】BD
【解析】A．无人机先向上加速后减速，最后悬停，则空气对无人机的作用力先大于200N后小于200N，最后等于200N，选项A错误；
B．直流电源对无人机供电的额定电流，B正确；
则该发电机年发电量至少为

(2021年整理)高中物理恒定电流(精心制作高考题)

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恒定电流提高篇1.如图所示是一实验电路图，在滑动触头由a 端滑向b 端的过程中，下列表述正确的是A ．路端电压变小B ．电流表的示数变大C ．电源内阻消耗的功率变小D ．电路的总电阻变大2.电源的效率η定义为外电路电阻消耗的功率与电源的总功率之比。

在测电源电动势和内电阻的实验中得到的实验图线如图所示，图中U 为路端电压，I 为干路电流，a 、b 为图线上的两点，相应状态下电源的效率分别为a η、b η。

由图可知a η、b η的值分别为A 、34、14B 、13、23C 、12、12D 、23、133.在右图的闭合电路中，当滑片P 向右移动时，两电表读数的变化是（A ）错误!变大，错误!变大（B ）错误!变小，错误!变大（C ）错误!变大, 错误!变小（D ）错误!变小，错误!变小4。