江西省抚州市南城一中2015-2016学年高一(上)月考物理试卷(12月份)(解析版)
江西省抚州市临川一中高一物理上学期月考试卷(含解析)-人教版高一全册物理试题
2015-2016学年江西省抚州市临川一中高一〔上〕月考物理试卷一、选择题〔此题共10小题，每一小题4分，共40分，1-10小题给出的四个选项中，1-7小题只有一个选项正确，8-10小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．〕1．如下关于牛顿第一定律和惯性的说法中，正确的答案是( )A．物体质量越大，运动状态越不容易改变，惯性越大B．物体仅在静止和匀速运动时才具有惯性C．伽利略的斜面实验时牛顿第一定律的实验根底，牛顿第一定律是实验定律D．在月球上举重在地球上容易，所以同一个物体在月球上比在地球上惯性小2．如图，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位移﹣时间〔x﹣t〕图线，由图可知( )A．在t1时刻，a、b两车运动方向相反B．在t1到t2这段时间内，b车始终向同一方向运动C．在t1到t2这段时间内，b车的平均速度比a车的大D．在t1到t2这段时间内，b车的平均速率比a车的大3．如下列图，A和B的质量分别是1kg和2kg，弹簧和悬线的质量不计，在A上面的悬线烧断的瞬间( )A．A的加速度等于2g B．A的加速度等于gC．B的加速度为零D．B的加速度为g4．一个物体在多个力的作用下做匀速直线运动，其中某个力与速度在一条直线上，假设其余力不变，使这个力的大小逐渐减小到零，然后又逐渐从零恢复到原来大小，力的方向始终保持不变，如此如下v﹣t图中符合此物体运动情况的不可能是( )A．B．C．D．5．如下列图，重物G用OA和OB两段等长的绳子悬挂在半圆弧的架子上，B点固定不动，A 端由顶点C沿圆弧缓慢向D移动，在此过程中，绳子OA上的张力将( )A．变小 B．变大 C．先变大后变小 D．先变小后变大6．某物体从足够高处开始做自由落体运动，如此如下说法中正确的答案是〔取g=10m/s2〕( )A．第2s内的平均速度为20m/sB．任意1s的末速度总比其初速度大5 m/sC．第5s内的位移为45mD．后1s的位移总比前1s的位移多5m7．质量为M的木块位于粗糙水平桌面上，假设用大小为F的水平恒力拉木块，其加速度为a，当拉力方向不变，大小变为2F时，木块的加速度为a′，如此( )A．a′=a B．a′＜2a C．a′＞2a D．a′=2a8．电梯的顶部拴一弹簧秤，弹簧秤下端挂一重物，电梯静止时，电梯中的人观察到弹簧秤的示数为10N．某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数为12N，取g=10m/s2，如此此时( ) A．电梯可能向上加速运动，加速度大小为2 m/s2B．电梯可能向上减速运动，加速度大小为2 m/s2C．电梯中的人一定处于超重状态D．电梯中的人一定处于平衡状态9．如图在光滑地面上，水平外力F拉动小车和木块一起作无相对滑动的加速运动．小车质量是M，木块质量是m，力大小是F，加速度大小是a，木块和小车之间动摩擦因数是μ，如此在这个过程中，木块受到的摩擦力大小是( )A．μma B．ma C．D．F﹣Ma10．如下列图，水平传送带以恒定速度v向右运动．将质量为m的物体Q轻轻放在水平传送带的左端A处，经过t时间后，Q的速度也变为v，再经t时间物体Q到达传送带的右端B处，在( )A．前t时间内物体做匀加速运动，后t时间内物体做匀减速运动B．后t时间内Q与传送带之间无摩擦力C．前t时间内Q的位移与后t时间内Q的位移大小之比为1：2D．Q由传送带左端运动到右端相对传送带的位移为二、填空题：此题共2小题，共16分．把答案填写在答题卡中括号内或横线上．11．在完成《互成角度的两个共点力的合成》实验中．如下列图，用两只弹簧秤把结点拉到某一位置O，固定左边的测力计不动，移动右边的测力计，使橡皮筋节点仍在O点．那么，右边的测力计能否再有新的位置( )A．一定没有别的位置B．一定还有一个位置可以C．可能没有了，也可能有一个位置D．有无穷多的可能位置12．“探究加速度与力的关系〞的实验装置如图甲所示：〔1〕为减小实验误差，盘和砝码的质量应比小车的质量__________〔选填“小〞或“大〞〕得多．〔2〕图乙为某同学在实验中打出的一条纸带，计时器打点的时间间隔为0.02s．他从比拟清晰的点起，每五个点取一个计数点．为了由v﹣t 图象求出小车的加速度，他量出相邻两计数点间的距离，分别求出打各计数点时小车的速度．其中打计数点3 时小车的速度为__________ m/s，小车的加速度为__________m/s2〔小数点后保存2位〕．〔3〕某组同学实验得出数据，画出a﹣F图象如图丙所示，那么该组同学实验中出现的问题可能是__________A．实验中摩擦力没有平衡B．实验中摩擦力平衡过度C．实验中绳子拉力方向没有跟平板平行D．实验中小车质量发生变化〔4〕本实验所采用的方法是__________．三、计算题：本大题共5小题，共44分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13．某升降电梯在下降时速度图象如下列图，一质量为60kg的人随电梯一起下降，g取10m/s2．〔1〕电梯共下降了多大距离？〔2〕人对电梯压力最大值、最小值各是多少？14．如下列图，质量m=2.6kg的金属块放在水平地板上，在与水平方向成θ=37°角斜向上、大小为F=10N的拉力作用下，以速度v=5.0m/s向右做匀速直线运动．〔cos37°=0.8，sin37°=0.6，取g=10m/s2〕求：〔1〕金属块与地板间的动摩擦因数；〔2〕假设在运动过程的某一时刻保持力F的大小不变，突然将力的方向变为水平向右，这一时刻金属块的加速度大小为多少？〔3〕假设在匀速直线运动某一时刻撤去力F，金属块再经过多长时间停下来？15．民用航空客机的机舱，除了有正常的舱门和舷梯连接，供旅客上下飞机，一般还设有紧急出口．发生意外情况的飞机在着陆后，打开紧急出口的舱门，会自动生成一个由气囊构成的斜面，机舱中的人可沿该斜面滑行道地面上来，该过程的示意图如下列图．某机舱离气囊底端的竖直高度AB=3.0m，气囊构成的斜面长AC=5.0m，CD段为与斜面平滑连接的水平地面．一个质量m=60kg的人从气囊上由静止开始滑下，人与气囊、地面间的动摩擦因数均为μ=0.5．不计空气阻力，取g=10m/s2．求：〔1〕人从斜面上滑下时的加速度大小和滑到斜坡底端C处所需时间〔2〕人离开C点后还要在地面上滑行多远才能停下．16．如下列图，长为L=6m、质量M=4kg的长木板放置于光滑的水平面上，其左端有一大小可忽略，质量为m=1kg的物块，物块与木板间的动摩擦因数为0.2，开始时物块与木板都处于静止状态，现对物块M施加F=6N，方向水平向右的恒定拉力，求：〔g=10m/s2〕〔1〕小物块的加速度；〔2〕假设此恒力作用在小物块上，求物块M的加速度．〔3〕在第〔2〕问的根底上假设小物块能从木板左端运动到右端求经历的时间．17．如下列图为货场使用的传送带的模型，传送带倾斜放置，与水平面夹角为θ=37°，传送带AB长度足够长，传送皮带轮以大小为υ=2m/s的恒定速率顺时针转动．一包货物以υ0=12m/s 的初速度从A端滑上倾斜传送带，假设货物与皮带之间的动摩擦因数μ=0.5，且可将货物视为质点．〔1〕求货物刚滑上传送带时加速度为多大？〔2〕经过多长时间货物的速度和传送带的速度一样？这时货物相对于地面运动了多远？〔3〕从货物滑上传送带开始计时，货物再次滑回A端共用了多少时间？〔g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8〕2015-2016学年江西省抚州市临川一中高一〔上〕月考物理试卷一、选择题〔此题共10小题，每一小题4分，共40分，1-10小题给出的四个选项中，1-7小题只有一个选项正确，8-10小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．〕1．如下关于牛顿第一定律和惯性的说法中，正确的答案是( )A．物体质量越大，运动状态越不容易改变，惯性越大B．物体仅在静止和匀速运动时才具有惯性C．伽利略的斜面实验时牛顿第一定律的实验根底，牛顿第一定律是实验定律D．在月球上举重在地球上容易，所以同一个物体在月球上比在地球上惯性小【考点】牛顿第一定律；惯性．【分析】牛顿第一定律是实验定律，它说明了物体只有不受外力或者所受合外力为零时，才能处于静止状态或匀速直线运动状态即力是改变物体运动状态的原因；物体保持原有运动状态的原因﹣﹣惯性；运动状态改变的原因﹣﹣力；惯性是物体本身固有的属性，与物体的运动状态无关，与物体受力情况无关．【解答】解：A、质量是物体惯性大小的唯一量度，故质量越大，惯性越大，故A正确；B、一切物体在任何状态下均有惯性，故B错误；C、牛顿第一定律是在实验的根底上进一步的推理概括出来的科学理论，而不能直接通过实验得出，故不是实验定律，故C错误；D、在月球上举重比在地球上容易，是因为月球外表的重力加速度小，但质量不变，故惯性不变，故D错误；应当选：A．【点评】牛顿第一定律是在实验的根底上进一步的推理概括出来的科学理论，而不是直接通过实验得出的；一切物体在任何状态下均有惯性，质量是物体惯性大小的唯一量度．2．如图，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位移﹣时间〔x﹣t〕图线，由图可知( )A．在t1时刻，a、b两车运动方向相反B．在t1到t2这段时间内，b车始终向同一方向运动C．在t1到t2这段时间内，b车的平均速度比a车的大D．在t1到t2这段时间内，b车的平均速率比a车的大【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】位移时间关系图线反映物体的位移随时间的变化规律，图线的斜率表示速度的大小．纵坐标的变化量表示位移．根据这些知识进展分析两物体的运动情况．【解答】解：A、在t1时刻，a图线切线斜率为正值，说明a的速度沿正向，b的斜率也为正值，速度也沿正向，所以此时两车运动方向一样．故A错误．B、在t1到t2这段时间内，b图线的斜率先正后负，说明b车的运动方向先沿正向，后沿负向，故B错误．C、t1到t2时间内，两车的位移一样，时间一样，如此平均速度一样．故C错误．D、在t1到t2这段时间内，a和b两车初末位置一样，位移一样，a一直沿负方向运动，而b 先沿负方向运动后沿正方向运动，路程不等，b车的路程大，其平均速率也大，故D正确．应当选：D．【点评】解决此题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线的切线斜率表示瞬时速度，根据斜率的正负可以确定运动的方向．3．如下列图，A和B的质量分别是1kg和2kg，弹簧和悬线的质量不计，在A上面的悬线烧断的瞬间( )A．A的加速度等于2g B．A的加速度等于gC．B的加速度为零D．B的加速度为g【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】烧断后绳的拉力立刻消失，而由于弹簧的形变量没有变，故弹簧的弹力不变，由此可以分析物体A、B的加速度．【解答】解：A、B、对A受力分析知道，原来受到绳的拉力向上，重力向下，弹力向下，故烧断后A的受力只剩重力，弹簧弹力，故烧断后A的合力为F A=m A g+F=m A g+m B g=3g，故其加速度为==3g，故A错误，B错误；C、D、烧断后绳的拉力立刻消失，而弹簧弹力不变，对B受力分析可以知道，烧断绳前后B都是受重力和弹簧弹力，且烧断前B受力平衡，故烧断后仍平衡，即弹力等于B的重力F=m B g，B的加速度为零，故C正确，D错误；应当选：C．【点评】此题关键要掌握绳和弹簧弹力的特性，绳的弹力在绳断开后会变为零，而弹簧的弹力在断开连接时还保持原来的大小．4．一个物体在多个力的作用下做匀速直线运动，其中某个力与速度在一条直线上，假设其余力不变，使这个力的大小逐渐减小到零，然后又逐渐从零恢复到原来大小，力的方向始终保持不变，如此如下v﹣t图中符合此物体运动情况的不可能是( )A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据牛顿第二定律，通过合力的变化判断加速度的变化，根据加速度方向与速度方向的关系判断速度的变化．【解答】解：AB、依题，原来物体在多个力的作用下处于匀速直线运动状态，物体所受的合力为零，使其中的一个力保持方向不变、大小逐渐减小到零，然后又从零逐渐恢复到原来的大小的过程中，物体的合力从开始逐渐增大，又逐渐减小恢复到零，物体的加速度先增大后减小；v﹣t图象上某个点的切线的斜率表示加速度；假设合力与速度同向，物体加速；加速度先增加后减小，故切线的斜率先增加后减小，故A错误，B正确；CD、假设合力与速度反向，物体做减速运动；加速度先增加后减小，故切线的斜率先增加后减小，故C、D正确；此题选不可能的，应当选：A【点评】此题考查根据物体的受力情况来分析物体运动情况的能力，要用到共点力平衡条件的推论：物体在几个力作用下平衡时，其中一个力与其他各力的合力大小相等、方向相反．5．如下列图，重物G用OA和OB两段等长的绳子悬挂在半圆弧的架子上，B点固定不动，A 端由顶点C沿圆弧缓慢向D移动，在此过程中，绳子OA上的张力将( )A．变小 B．变大 C．先变大后变小 D．先变小后变大【考点】共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】B点固定不动，悬点A由位置C向位置D移动，在这个过程中，物体始终处于平衡状态，找出不变的物理量，画出平行四边形进展分析．【解答】解：对O点受力分析，抓住两根绳的合力等于物体的重力，大小和方向都不变，OB 绳拉力方向不变，根据平行四边形定如此得，如图，知OA绳上拉力大小先减小后增大．故D 正确，A、B、C错误．应当选：D．【点评】此题为物体平衡条件的一个应用：动态分析，处理这个类型的题需要找出不变的物理量，然后作图或找变化的物理量与不变的物理量之间的关系再加以分析，就是以不变应万变．6．某物体从足够高处开始做自由落体运动，如此如下说法中正确的答案是〔取g=10m/s2〕( )A．第2s内的平均速度为20m/sB．任意1s的末速度总比其初速度大5 m/sC．第5s内的位移为45mD．后1s的位移总比前1s的位移多5m【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】自由落体运动是初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，结合运动学公式分析判断．【解答】解：A、第2s内的位移=15m，如此第2s内的平均速度为15m/s．故A错误．B、根据v=v0+gt可知，任意1s的末速度总比其初速度大10m/s．故B错误．C、第5s内的位移为=45m，故C正确；D、根据△x=gT2得，后1s内的位移比前1s内的位移多△x=10×1m=10m，故D错误．应当选：C．【点评】解决此题的关键知道自由落体运动的运动规律，掌握匀变速直线运动的位移时间公式和速度时间公式，并能灵活运用．7．质量为M的木块位于粗糙水平桌面上，假设用大小为F的水平恒力拉木块，其加速度为a，当拉力方向不变，大小变为2F时，木块的加速度为a′，如此( )A．a′=a B．a′＜2a C．a′＞2a D．a′=2a【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】木块在水平恒力作用做匀加速运动，水平方向受到恒力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律分别列方程，然后再比拟加速度大小．【解答】解：由牛顿第二定律得：F﹣F f=ma2F﹣F f=ma′由于物体所受的摩擦力：F f=μF N=μmg即F f不变，所以有：a′===2a+＞2a应当选C【点评】此题考查对牛顿第二定律F=ma的理解能力，F是物体受到的合力，不能简单认为加速度与水平恒力F成正比而选择D．8．电梯的顶部拴一弹簧秤，弹簧秤下端挂一重物，电梯静止时，电梯中的人观察到弹簧秤的示数为10N．某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数为12N，取g=10m/s2，如此此时( ) A．电梯可能向上加速运动，加速度大小为2 m/s2B．电梯可能向上减速运动，加速度大小为2 m/s2C．电梯中的人一定处于超重状态D．电梯中的人一定处于平衡状态【考点】牛顿第二定律；力的合成．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数等于重物的重力．弹簧秤的示数变为8N，产生了失重现象，以重物为研究对象，根据牛顿第二定律分析加速度方向，再确定电梯的运动情况．【解答】解：电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数等于重物的重力，即G=10N．当弹簧秤的示数变为12N时，弹簧的拉力大小等于12N．以重物为研究对象，F﹣mg=maa=2m/s2根据牛顿第二定律分析得出其加速度方向竖直向上，处于超重，电梯的运动情况可能是：向上加速运动或向下减速运动．应当选：AC．【点评】此题关键运用牛顿第二定律分析加速度方向，而电梯的运动方向可能有两种：竖直向上或竖直向下．可理解的根底上记住结论．9．如图在光滑地面上，水平外力F拉动小车和木块一起作无相对滑动的加速运动．小车质量是M，木块质量是m，力大小是F，加速度大小是a，木块和小车之间动摩擦因数是μ，如此在这个过程中，木块受到的摩擦力大小是( )A．μma B．ma C．D．F﹣Ma【考点】静摩擦力和最大静摩擦力；牛顿运动定律的应用-连接体．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】由于小车和木块一起作无相对滑动的加速运动，所以小车和木块的加速度大小一样，对小车和木块受力分析，根据牛顿第二定律可以求得摩擦力的大小．【解答】解：A、物体受到的摩擦力为静摩擦力，静摩擦力是根据二力平衡来计算的，不能根据f=μF N来计算的，所以A错误．B、对小物体受力分析可知，物体受重力、支持力和静摩擦力的作用，由于物体在水平方向做加速运动，摩擦力作为合力，所以由牛顿第二定律可得，f=ma，所以B正确．C、对整体由牛顿第二定律可得F=〔M+m〕a，所以加速度a=，所以物体受到的摩擦力的大小f=ma=，所以C正确．D、对小车受力分析可得，F﹣f=Ma，所以车和物体之间的摩擦力的大小为f=F﹣Ma，所以D正确．应当选BCD．【点评】当分析多个物体的受力、运动情况时，通常可以采用整体法和隔离法，用整体法可以求得系统的加速度的大小，再用隔离法可以求物体之间的作用的大小．10．如下列图，水平传送带以恒定速度v向右运动．将质量为m的物体Q轻轻放在水平传送带的左端A处，经过t时间后，Q的速度也变为v，再经t时间物体Q到达传送带的右端B处，在( )A．前t时间内物体做匀加速运动，后t时间内物体做匀减速运动B．后t时间内Q与传送带之间无摩擦力C．前t时间内Q的位移与后t时间内Q的位移大小之比为1：2D．Q由传送带左端运动到右端相对传送带的位移为【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】在前t秒内物体做加速运动，后t秒内物体做匀速运动．由运动学公式求出总位移，再求解平均速度，并求出位移之比．后ts内Q与传送带之间无摩擦力．【解答】解：A、B、在前t秒内物体受到向右的滑动摩擦力而做匀加速直线运动，后t秒内物体的速度与传送带一样，不受摩擦力而做匀速运动．故A错误，B正确．C、前t秒内Q的位移与后t秒内Q的位移大小之比为：：vt=1：2，故C正确；D、Q由传送带左端运动到右端的总位移为：x=，传送带的总位移：x1=v•2t=2vt，如此相对位移：，故D正确；应当选：BCD．【点评】此题可通过分析物体的受力情况来确定其运动情况，也可以通过作速度图象研究位移和平均速度．二、填空题：此题共2小题，共16分．把答案填写在答题卡中括号内或横线上．11．在完成《互成角度的两个共点力的合成》实验中．如下列图，用两只弹簧秤把结点拉到某一位置O，固定左边的测力计不动，移动右边的测力计，使橡皮筋节点仍在O点．那么，右边的测力计能否再有新的位置( )A．一定没有别的位置B．一定还有一个位置可以C．可能没有了，也可能有一个位置D．有无穷多的可能位置【考点】验证力的平行四边形定如此．【专题】实验题；定性思想；推理法；平行四边形法如此图解法专题．【分析】合力不变，一个分力不变，求另一个分力的变化情况，因此根据平行四边形定如此可正确解答．【解答】解：根据题意知：固定左边的测力计不动，即该分力的大小方向不变，使橡皮筋节点仍在O点，即合力的大小方向不变，求另一个分力的变化情况，根据平行四边形规律可知，对角线不变，一个边不变，因此另一个边也不变，故右边的测力计一定没有别的位置，故A正确，BCD错误．应当选：A．【点评】解答实验的出发点为明确实验原理、实验步骤、数据处理，明确合力和分力之间的关系，同时注意应用所学物理根本规律解决实验问题．12．“探究加速度与力的关系〞的实验装置如图甲所示：〔1〕为减小实验误差，盘和砝码的质量应比小车的质量小〔选填“小〞或“大〞〕得多．〔2〕图乙为某同学在实验中打出的一条纸带，计时器打点的时间间隔为0.02s．他从比拟清晰的点起，每五个点取一个计数点．为了由v﹣t 图象求出小车的加速度，他量出相邻两计数点间的距离，分别求出打各计数点时小车的速度．其中打计数点3 时小车的速度为0.46 m/s，小车的加速度为1.20m/s2〔小数点后保存2位〕．〔3〕某组同学实验得出数据，画出a﹣F图象如图丙所示，那么该组同学实验中出现的问题可能是BA．实验中摩擦力没有平衡B．实验中摩擦力平衡过度C．实验中绳子拉力方向没有跟平板平行D．实验中小车质量发生变化〔4〕本实验所采用的方法是控制变量法．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题．【分析】〔1〕当盘与砝码质量远小于小车质量时可以近似认为盘与砝码对小车的拉力等于其重力；〔2〕根据题意求出计数点间的时间间隔；由匀变速直线运动的推论求出瞬时速度，加速度我们可由匀变速直线运动的推论：△x=at2求解；〔3〕图中没有拉力时就产生了加速度，说明平衡摩擦力时木板倾角过大；〔4〕本实验所采用的方法是控制变量法．【解答】解：〔1〕当盘与砝码质量远小于小车质量时可以近似认为盘与砝码对小车的拉力等于其重力，为减小实验误差，盘和砝码的质量应比小车的质量小得多．〔2〕计时器打点的时间间隔为0.02s．他从比拟清晰的点起，每五个点取一个计数点，如此相邻两计数点间的时间间隔为：t=0.02×5=0.1s；由匀变速直线运动的推论可知，打计数点3时小车的速度为：v3==0.46m/s根据纸带的数据得相邻的相等的时间间隔位移之差几乎相等，所以小车做的为匀加速直线运动．设0到1之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x3﹣x1=2a1T2x4﹣x2=2a2T2为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值，得：a=〔a1+a2〕即：a=m/s2=1.20m/s2〔3〕当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大．故B正确．应当选： B〔4〕本实验所采用的方法是控制变量法．故答案为：〔1〕小；〔2〕0.46、1.20；〔3〕B；〔4〕控制变量法【点评】此题考查了实验须知事项、实验数据处理，掌握原理与实验须知事项即可正确解题；求瞬时速度时要注意匀变速运动推论的应用：做匀变速直线运动的物体在某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度，同时掌握求加速度的方法．三、计算题：本大题共5小题，共44分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13．某升降电梯在下降时速度图象如下列图，一质量为60kg的人随电梯一起下降，g取10m/s2．〔1〕电梯共下降了多大距离？〔2〕人对电梯压力最大值、最小值各是多少？。
江西省南城县第一中学高一理综上学期12月月考试题(答案不全)
南城一中2015—2016学年上学期高一12月月考理综试题可能使用的有关相对原子质量： N：14 O：16 Fe:56 Al:27一、单项选择题(1-20为生物试题，每小题2分；21-36为化学试题，每小题3分。
在每小题列出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的。
)1.下列生物中属于原核生物的一组是( )①蓝藻②酵母菌③草履虫④发菜⑤水绵⑥根霉菌⑦葡萄球菌A.①④⑦B.①②⑥C.①③④⑦D.①②⑥⑦2.某蛋白质的结构示意图如下，其中—S—S—表示连接两条相邻肽链的二硫键。
若该蛋白质由m个氨基酸构成，则每摩尔该蛋白质在形成时减少的相对分子质量分别为 ( )A． 18m B．18(m－2) ＋4C． 18(m－3)＋4 D．18(m－2)3.如图为某核苷酸长链的示意图，下列相关叙述中，错误的是( )A．图中所示为脱氧核苷酸长链B．2为脱氧核糖C．4为胞嘧啶脱氧核苷酸D．5只能在细胞核中找到4.在治疗创伤的中药方剂中，雄性羚羊角或犀牛角的用量极少，但是缺少这味药，疗效将大大下降甚至无效。
已知动物的角主要是由死亡细胞的角化(变性)蛋白质组成的，则羚羊角等的有效成分最可能是( )A．特殊活性蛋白质B．DNA C．微量元素类 D．大量元素类5. “绵绵的春雨，是她润醒了小草，润绿了杨树，润开了报春花。
”小草被润醒了、杨树被润绿了、报春花被润开了的过程中细胞中自由水与结合水的相对含量变化，下图表示正确的是6. 关于生物体内水的叙述，错误的是A．高等植物体的幼嫩部分和老熟部分含水量不相同B．绝大多数细胞必须浸润在以水为基础的液体环境里C．自由水参与细胞内的营养物质运输和生物化学反应D．结合水是细胞结构的重要组成成分，含量不能减少7. 实验1：用任氏液（含少量Ca2+）灌注离体蛙心，发现蛙心可持续跳动数小时；实验2：用不含Ca2+的任氏液灌注离体蛙心，发现蛙心会很快停止跳动。
这两个实验的结果表明Ca2+A．维持了细胞的酸碱平衡 B．对维持生命活动有重要作用C．对维持蛙心形态有重要作用 D．为蛙心的跳动直接提供能量8.下列关于细胞膜的叙述,正确的是( )A.动物的红细胞都可用来制备较纯净的细胞膜B.用蛋白酶处理细胞膜,可改变其组成,也会改变其通透性C.细胞膜上的受体是细胞间信息交流所必需的结构D.细胞膜是既含有核酸又含有蛋白质的细胞结构9．在不损伤高等植物细胞内部结构的情况下,下列哪种物质适用于除去其细胞壁?( )A.蛋白酶B.盐酸C.纤维素酶D.淀粉酶10．将小麦种子浸泡在红墨水中10 min后，取出剖开，出现胚为白色，胚乳为红色，这说明( )A．胚有活性，胚乳死亡B．胚已死亡，胚乳有活性C．胚和胚乳均有活性D．胚和胚乳均死亡11．下列不属于细胞间信息交流方式的是( )A.细胞分泌的激素与靶细胞的细胞膜表面受体结合B.精子和卵细胞之间的识别和结合C.玉米植株细胞之间通过胞间连丝交流信息D.水份、无机盐等物质可进入细胞内参与细胞代谢12．根据细胞器的功能推测，下列叙述错误的是( )A．汗腺细胞比肠腺细胞具有更多的核糖体B．心肌细胞比骨骼肌细胞具有更多的线粒体C．胰腺细胞比心肌细胞具有更多的高尔基体D．生命活动旺盛的细胞比衰老的细胞具有更多的线粒体13．下列细胞器中，能合成有机物的是( )①核糖体②线粒体③内质网④高尔基体⑤叶绿体A．①②⑤ B．①②③⑤ C．①③④⑤ D．①②③④⑤14．松树和松鼠细胞中均有，且含核酸的细胞器是( )①细胞核②线粒体③叶绿体④核糖体A．①② B．②③ C．①③ D．②④15．用35S标记一定量的氨基酸来培养某哺乳动物的乳腺细胞，测得与合成和分泌乳蛋白相关的一些细胞器上放射性强度的变化曲线如图甲所示，在此过程中有关的生物膜面积的变化曲线如图乙所示。
江西高一高中物理月考试卷带答案解析
江西高一高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.2015年5月7日的一场欧洲冠军杯半决赛中，巴萨罗那队3：0战胜拜仁队．一次进攻中，巴萨罗那队球员阿尔维斯传球给队友梅西，梅西一脚劲射破门，梅西接球时球速约为2m/s ，球刚射出时速度约为10m/s ，皮球质量为1kg ，踢球瞬间对球平均作用力约为400N ，球在水平方向运动了20m 停止，梅西对球所做的功约为（ ）A ．50JB ．48JC ．8000JD ．52J2.质量为m 的物块始终静止在倾角为θ的斜面上，下列说法正确的是（ ）A ．若斜面向右匀速移动距离s ，斜面对物块没有做功B ．若斜面向上匀速移动距离s ，斜面对物块做功mgsC ．若斜面向左以加速度a 匀加速移动距离s ，斜面对物块做功masD ．若斜面向下以加速度匀加速移动距离s ，斜面对物块做功m （g+a ）s3.将A 、B 两物体竖直上抛，不计空气阻力，已知m A ＜m B ，它们具有相同的初动能，抛出时间t 时，两物体都在上升，此时比较它们的动能（ ）A ．动能较大的是AB ．动能较大的是BC ．动能一样大D ．无法判定4.如图所示，质量为m 的物块与水平转台之间的动摩擦因数为μ，物体与转台转轴相距R ，物体随转台由静止开始转动，当转速增加到某值时，物块即将开始滑动，在这一过程中，摩擦力对物体做的功是（ ）A ．μmgRB ．2πmgRC ．2μmgRD ．05.质量为1kg 的物体以某一初速度在水平面上开始滑行，其动能随位移变化的图象如图所示，则物体在水平面上滑行的时间为（ ）A ．2.5sB ．4sC ．10sD ．25s6.如图所示，ABCD 是一个盆式容器，盆内侧壁与盆底BC 的连接处都是一段与BC 相切的圆弧，B 、C 为水平的，其距离d=0.50m 盆边缘的高度为h=0.30m ．在A 处放一个质量为m 的小物块并让其从静止出发下滑．已知盆内侧壁是光滑的，而盆底BC 面与小物块间的动摩擦因数为μ=0.10．小物块在盆内来回滑动，最后停下来，则停的地点到B 的距离为（ ）A ．0.50mB ．0.25mC ．0.10mD ．07.如图所示，木板质量为M ，长度为L ，小木块的质量为m ，水平地面光滑，一根不计质量的轻绳通过定滑轮分别与M 和m 连接，小木块与木板间的动摩擦因数为μ．开始时木块静止在木板左端，现用水平向右的力将m 拉至右端，拉力至少做功为（ ）A ．μmgLB ．2μmgLC ．D ．μ（M+m ）gL8.下列关于点电荷的说法中，正确的是（ ）A ．把质子或电子叫元电荷B ．所有带电体的电荷量不一定等于元电荷的整数倍C ．当两个带电体的大小远小于它们之间的距离时，可将这两个带电体看成点电荷D ．只有电荷量很小的带电体才能看成是点电荷9.如图所示，左边是一个原先不带电的导体，右边C 是后来靠近导体的带正电金属球，若用绝缘工具沿图示某条虚线将导体切开，分导体为A 、B 两部分，这两部分所带电荷量的数值分别为Q A 、Q B ，则下列结论正确的是（ ）A ．沿虚线d 切开，A 带负电，B 带正电，且Q A ＞Q BB ．只有沿虚线b 切开，才有A 带正电，B 带负电，且Q A =Q BC ．沿虚线a 切开，A 带正电，B 带负电，且Q A ＜Q BD ．沿任意一条虚线切开，都有A 带正电，B 带负电，而Q A 、Q B 的值与所切的位置有关10.在平直公路上，汽车由静止开始做匀加速运动，当速度达到v m 后立即关闭发动机直到停止，v ﹣t 图象如图．设汽车的牵引力为F ，摩擦力为F f ，全过程中牵引力做功W 1，克服摩擦力做功W 2，则（ ）A ．F ：F f =4：1B ．F ：F f =5：1C ．W 1：W 2=1：1D ．W 1：W 2=1：311.某人用手将1kg 物体由静止向上提起1m ，这时物体的速度为2m/s ，则下列说法正确的是（ ）A ．手对物体做功2JB ．合外力做功2JC ．合外力做功12JD ．物体重力做功10J12.一质量不计的直角形支架两端分别连接质量为m 和2m 的小球A 和B ．支架的两直角边长度分别为2l 和l ，支架可绕固定轴O 在竖直平面内无摩擦转动，如图所示．开始时OA 边处于水平位置，由静止释放，则（ ）A ．A 球的最大速度为2B ．A 球速度最大时，两小球的总重力势能最小C ．A 球速度最大时，两直角边与竖直方向的夹角为45°D ．A 、B 两球的最大速度之比v A ：v B =2：1二、计算题1.一个质量m=200g 的小球系于轻质弹簧的一端，且套在光滑竖立的圆环上，弹簧的上端固定于环的最高点A ，环的半径R=0.5m ，弹簧的原长L 0=0.5m ，劲度系数为4.8N/m ，如图所示位置，若小球从图中所示位置B 点由静止开始滑动到最低点C时，弹簧的弹性势能E=0.6J．求：p弹的大小；（1）小球到C点时的速度vC（2）小球在C点对环的作用力．（g=10m/s2）2.如图a所示，在水平路段AB上有一质量为2×103kg的汽车，正以10m/s的速度向右匀速运动，汽车前方的水平路段BC较粗糙，汽车通过整个ABC路段的v﹣t图象如图b所示（在t=15s处水平虚线与曲线相切），运动过程中汽车发动机的输出功率保持20kW不变，假设汽车在两个路段上受到的阻力（含地面摩擦力和空气阻力等）各自有恒定的大小．（解题时将汽车看成质点）．（1）求汽车在AB路段上运动时所受的阻力f1（2）求汽车刚好开过B点时的加速度a．（3）求BC路段的长度．3.如图所示，轻绳一端挂一质量为M的物体，另一端系在质量为m的圆环上，圆环套在竖直固定的细杆上，定滑轮与细杆相距0.3m，将环拉至与滑轮在同一高度上，再将环由静止释放．圆环沿杆向下滑动的最大位移为0.4m，若不计一切摩擦阻力，求：（1）物体与环的质量比；（2）圆环下落0.3m时速度大小．4.如图所示，质量分别为3m、2m、m的三个小球A、B、C，用两根长为L的轻绳相连，置于倾角为30°、高为L 的固定光滑斜面上，A球恰能从斜面顶端外竖直落下，弧形挡板使小球只能竖直向下运动，小球落地后均不再反弹．由静止开始释放它们，不计所有摩擦，求：（1）A球刚要落地时的速度大小；（2）C球刚要落地时的速度大小．江西高一高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.2015年5月7日的一场欧洲冠军杯半决赛中，巴萨罗那队3：0战胜拜仁队．一次进攻中，巴萨罗那队球员阿尔维斯传球给队友梅西，梅西一脚劲射破门，梅西接球时球速约为2m/s ，球刚射出时速度约为10m/s ，皮球质量为1kg ，踢球瞬间对球平均作用力约为400N ，球在水平方向运动了20m 停止，梅西对球所做的功约为（ ）A ．50JB ．48JC ．8000JD ．52J【答案】B【解析】由动能定理可知，梅西对球所做的功为：W=mv 2﹣mv 02=×1×102﹣×1×22=48J ，故B 正确，ACD 错误．故选：B ．2.质量为m 的物块始终静止在倾角为θ的斜面上，下列说法正确的是（ ）A ．若斜面向右匀速移动距离s ，斜面对物块没有做功B ．若斜面向上匀速移动距离s ，斜面对物块做功mgsC ．若斜面向左以加速度a 匀加速移动距离s ，斜面对物块做功masD ．若斜面向下以加速度匀加速移动距离s ，斜面对物块做功m （g+a ）s【答案】ABC【解析】A 、若斜面向右匀速移动距离s ，根据平衡条件，斜面对物体的支持力和摩擦力的合力竖直向上，与重力平衡，与位移垂直，故斜面对物块没有做功，故A 正确；B 、若斜面向上匀速移动距离s ，根据平衡条件，斜面的作用力等于物体的重力；故做功为mgs ；故B 正确；C 、若斜面向左以加速度a 移动距离s ，合力做功为mas ，而重力与位移垂直不做功，故物块所受支持力和摩擦力的合力做功为mas ，故C 正确；D 、若斜面竖直向下以加速度a 匀加速动移动距离s ，F+mg=ma ；则F=ma ﹣mg ；斜面对物块做功m （a ﹣g ）s ，故D 错误；故选：ABC ．3.将A 、B 两物体竖直上抛，不计空气阻力，已知m A ＜m B ，它们具有相同的初动能，抛出时间t 时，两物体都在上升，此时比较它们的动能（ ）A ．动能较大的是AB ．动能较大的是BC ．动能一样大D ．无法判定【答案】D【解析】根据E k =，m A ＜m B ，则知初速度关系为：v A0＞v B0； 根据运动学公式h=，可知经过时间t ，A 上升的高度大，但不能判定重力势能的大小，所以根据机械能守恒可知无法判定动能的大小．故D 正确．故选：D ．4.如图所示，质量为m 的物块与水平转台之间的动摩擦因数为μ，物体与转台转轴相距R ，物体随转台由静止开始转动，当转速增加到某值时，物块即将开始滑动，在这一过程中，摩擦力对物体做的功是（ ）A ．μmgRB ．2πmgRC ．2μmgRD ．0【答案】A【解析】物体即将滑动时，最大静摩擦力提供向心力μmg=m解得v= ①物体做加速圆周运动过程W f =mv 2 ②由①②两式解得W f =mμgR故选：A ．5.质量为1kg 的物体以某一初速度在水平面上开始滑行，其动能随位移变化的图象如图所示，则物体在水平面上滑行的时间为（ ）A ．2.5sB ．4sC ．10sD ．25s【答案】B【解析】由图象可知，E K1=50J ，E K2=0J ，位移x=20m ，E K1=mv 12=50J ，初速度v 为：1=10m/s ，由动能定理得：E K2﹣E K1=﹣fx ，解得：f=2.5N ，物体加速度为：a===2.5m/s 2， 物体运动时间为：t===4s ，故选：B ．6.如图所示，ABCD 是一个盆式容器，盆内侧壁与盆底BC 的连接处都是一段与BC 相切的圆弧，B 、C 为水平的，其距离d=0.50m 盆边缘的高度为h=0.30m ．在A 处放一个质量为m 的小物块并让其从静止出发下滑．已知盆内侧壁是光滑的，而盆底BC 面与小物块间的动摩擦因数为μ=0.10．小物块在盆内来回滑动，最后停下来，则停的地点到B 的距离为（ ）A ．0.50mB ．0.25mC ．0.10mD ．0【答案】D【解析】设小物块间在BC 面上运动的总路程为S ．物块在BC 面上所受的滑动摩擦力大小始终为f=μmg ，对小物块从开始运动到停止运动的整个过程进行研究，由动能定理得mgh ﹣μmgS=0得到S===3m ，d=0.50m ，则S=6d ，所以小物块在BC 面上来回运动共6次，最后停在B 点．故选D7.如图所示，木板质量为M ，长度为L ，小木块的质量为m ，水平地面光滑，一根不计质量的轻绳通过定滑轮分别与M 和m 连接，小木块与木板间的动摩擦因数为μ．开始时木块静止在木板左端，现用水平向右的力将m 拉至右端，拉力至少做功为（ ）A ．μmgLB ．2μmgLC ．D ．μ（M+m ）gL【答案】A【解析】开始时木块静止在木板左端，现用水平向右的力将m 拉至右端，拉力做功最小值时，即拉力维持小木块在木板上做匀速缓慢运动时；拉力大小为 F=T+μmg=2μmg ，拉力做功最小值为 W=F•L=μmgL故选：A8.下列关于点电荷的说法中，正确的是（ ）A ．把质子或电子叫元电荷B ．所有带电体的电荷量不一定等于元电荷的整数倍C ．当两个带电体的大小远小于它们之间的距离时，可将这两个带电体看成点电荷D ．只有电荷量很小的带电体才能看成是点电荷【答案】C【解析】A 、元电荷是指最小的电荷量，不是电荷，不是指质子或者是电子，故A 错误；B 、所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍，故B 错误；C 、当两个带电体的大小远小于它们之间的距离时，可将这两个带电体看成是点电荷，故C 正确D 、由带电体看作点电荷的条件，当带电体的形状对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，带电体能否看作点电荷是由研究问题的性质决定，与自身大小形状、电量的多少无具体关系，故D 错误； 故选：C9.如图所示，左边是一个原先不带电的导体，右边C 是后来靠近导体的带正电金属球，若用绝缘工具沿图示某条虚线将导体切开，分导体为A 、B 两部分，这两部分所带电荷量的数值分别为Q A 、Q B ，则下列结论正确的是（ ）A ．沿虚线d 切开，A 带负电，B 带正电，且Q A ＞Q BB ．只有沿虚线b 切开，才有A 带正电，B 带负电，且Q A =Q BC ．沿虚线a 切开，A 带正电，B 带负电，且Q A ＜Q BD ．沿任意一条虚线切开，都有A 带正电，B 带负电，而Q A 、Q B 的值与所切的位置有关【答案】D【解析】由题意可知，静电感应现象使得A 端带正电，B 端带负电．导体原来不带电，只是在C 的电荷的作用下，导体中的自由电子向B 部分移动，使B 部分多带了电子而带负电；A 部分少了电子而带正电．根据电荷守恒可知，A 部分转移的电子数目和B 部分多余的电子数目是相同的，但由于电荷之间的作用力与距离有关，距离越小，作用力越大，因此更多的电子容易转移到最接近C 的位置，导致电子在导体上分布不均匀，从B 端到A 端，电子分布越来越稀疏，所以从不同位置切开时，Q A 、Q B 的值不同．故只有D 正确，ABC 错误；故选：D ．10.在平直公路上，汽车由静止开始做匀加速运动，当速度达到v m 后立即关闭发动机直到停止，v ﹣t 图象如图．设汽车的牵引力为F ，摩擦力为F f ，全过程中牵引力做功W 1，克服摩擦力做功W 2，则（ ）A ．F ：F f =4：1B ．F ：F f =5：1C ．W 1：W 2=1：1D ．W 1：W 2=1：3【答案】AC【解析】由图可知，物体先做匀加速直线运动，1s 末速度为v ，由动能定理可知：（F ﹣f ）L 1=mv 2；减速过程中，只有阻力做功：fL 2=0﹣mv 2；则可得：（F ﹣f ）L 1=fL 2；由图象可知，L 1：L 2=1：3；解得：F ：f=4：1；对全程由动能定理得：W 1﹣W 2=0故W 1：W 2=1：1故选：AC ．11.某人用手将1kg 物体由静止向上提起1m ，这时物体的速度为2m/s ，则下列说法正确的是（ ）A ．手对物体做功2JB ．合外力做功2JC ．合外力做功12JD ．物体重力做功10J【答案】B【解析】分析物体的运动的情况可知，物体的初速度的大小为0，位移的大小为1m ，末速度的大小为2m/s ， 由导出公式：v 2﹣v 02=2ax 可得加速度为：a=2m/s 2，由牛顿第二定律可得：F ﹣mg=ma ，得：F=mg+ma=1×10+1×2=12N ，A 、手对物体做功为：W=FL=12×1J=12J ，故A 错误；B 、合力的大小为F′=ma=1×2=2N ，所以合力做的功为2×1=2J ，所以合外力做功为2J ，故B 正确，C 错误；D 、重力做的功为：W G =mgh=﹣10×1=﹣10J ，所以物体克服重力做功10J ，故D 错误；故选：B ．12.一质量不计的直角形支架两端分别连接质量为m 和2m 的小球A 和B ．支架的两直角边长度分别为2l 和l ，支架可绕固定轴O 在竖直平面内无摩擦转动，如图所示．开始时OA 边处于水平位置，由静止释放，则（ ）A ．A 球的最大速度为2B ．A 球速度最大时，两小球的总重力势能最小C ．A 球速度最大时，两直角边与竖直方向的夹角为45°D ．A 、B 两球的最大速度之比v A ：v B =2：1【答案】BCD【解析】由机械能守恒可知，两球总重力势能最小时，二者的动能最大，所以B 正确；根据题意知两球的角速度相同，线速度之比为V A ：V B =ω•2l ：ω•l=2：1，故D 正确；当OA 与竖直方向的夹角为θ时，由机械能守恒得：mg•2lcosθ﹣2mg•l （1﹣sinθ）=mV A 2+•2mV B 2，解得：V A 2=gl （sinθ+cosθ）﹣gl ，由数学知识知，当θ=45°时，sinθ+cosθ有最大值，故选项C 是正确的；最大值为：V A =，所以A 错误．故选：BCD ．二、计算题1.一个质量m=200g 的小球系于轻质弹簧的一端，且套在光滑竖立的圆环上，弹簧的上端固定于环的最高点A ，环的半径R=0.5m ，弹簧的原长L 0=0.5m ，劲度系数为4.8N/m ，如图所示位置，若小球从图中所示位置B 点由静止开始滑动到最低点C 时，弹簧的弹性势能E p 弹=0.6J ．求：（1）小球到C 点时的速度v C 的大小；（2）小球在C 点对环的作用力．（g=10m/s 2）【答案】（1）小球到C 点时的速度v c 的大小3m/s ；（2）小球在C 点对环的作用力3.2N【解析】（1）小球由B 点滑到C 点，由动能定理m=mg （R+Rcos60°）+E 弹由题意可知，E 弹=﹣0.60J解得：V C =3m/s（2）在C 点：F 弹=（2R ﹣l 0）k=2.4N设环对小球作用力为N ，方向指向圆心，由牛顿第二定律得：F+N ﹣mg=m解得N=3.2N小球对环作用力为N′则有：N′=﹣N=﹣3.2N2.如图a 所示，在水平路段AB 上有一质量为2×103kg 的汽车，正以10m/s 的速度向右匀速运动，汽车前方的水平路段BC 较粗糙，汽车通过整个ABC 路段的v ﹣t 图象如图b 所示（在t=15s 处水平虚线与曲线相切），运动过程中汽车发动机的输出功率保持20kW 不变，假设汽车在两个路段上受到的阻力（含地面摩擦力和空气阻力等）各自有恒定的大小．（解题时将汽车看成质点）（1）求汽车在AB 路段上运动时所受的阻力f 1．（2）求汽车刚好开过B 点时的加速度a ．（3）求BC 路段的长度．【答案】（1）汽车在AB 路段上运动时所受的阻力2000N ；（2）车刚好到达B 点时的加速度1m/s 2；（3）求BC 路段的长度68.75m【解析】（1）汽车在AB 路段做匀速直线运动，根据平衡条件，有：F 1=f 1P=F 1v 1解得：=，方向与运动方向相反；（2）t=15s 时汽车处于平衡态，有：F 2=f 2P=F 2v 2解得：=t=5s 时汽车开始减速运动，根据牛顿第二定律，有：f 2﹣F 1=ma4000﹣2000=2×103a解得：a=1m/s 2，方向与运动方向相反；（3）对于汽车在BC 段运动，由动能定理得：解得：s=68.75m3.如图所示，轻绳一端挂一质量为M 的物体，另一端系在质量为m 的圆环上，圆环套在竖直固定的细杆上，定滑轮与细杆相距0.3m ，将环拉至与滑轮在同一高度上，再将环由静止释放．圆环沿杆向下滑动的最大位移为0.4m ，若不计一切摩擦阻力，求：（1）物体与环的质量比；（2）圆环下落0.3m 时速度大小．【答案】（1）物体与环的质量比为2：1；（2）圆环下落0.3m 时速度大小为0.72m/s【解析】（1）当环下降至最大位移处时，v m =v M =0而此时物体上升的高度为由机械能守恒（2）当圆环下降h 1=0.30m 时，物体上升高度为h 2由运动合成分解得：由系统机械能守恒有 联立得圆环下落0.3米时速度大小：v m =0.72m/s4.如图所示，质量分别为3m 、2m 、m 的三个小球A 、B 、C ，用两根长为L 的轻绳相连，置于倾角为30°、高为L 的固定光滑斜面上，A 球恰能从斜面顶端外竖直落下，弧形挡板使小球只能竖直向下运动，小球落地后均不再反弹．由静止开始释放它们，不计所有摩擦，求：（1）A 球刚要落地时的速度大小；（2）C 球刚要落地时的速度大小．【答案】（1）A 球刚要落地时的速度大小为（2）C 球刚要落地时的速度大小为 【解析】（1）设A 球刚要落地时速度大小为v 1由机械能守恒定律：，则 （2）设B 球刚要落地时速度为v 2，C 球刚要落地时速度为v 3由机械能守恒定律：则则。
高一物理上学期第二次月考(12月)试题高一全册物理试题 (4)
应对市爱护阳光实验学校上学期第二次月考高一物理答题卷〔考试时间：90分钟总分：100分〕一、选择题：此题共12小题，每题4分，共48分。
在每题给出的四个选项中，第1~9题只有一项符合题目要求，第10~12题有多项符合题目要求。
选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．如下图，静止在固斜面上的物体，受到的作用力有〔〕A．重力、支持力B．重力、支持力、摩擦力C．重力、支持力、下滑力、摩擦力D．重力、压力、下滑力、摩擦力2．一个同学从距地面5m高的楼上释放一纸片，这纸片下落时间可能是 ( ) A．0．6s B．O.8s C．1s D．3s3．一物体静止在桌面上，那么 ( )A．物体对桌面的压力是因桌面形变而产生的B．桌面对物体的支持力是因桌面形变而产生的C．桌面发生了形变，而物体没有形变D．物体对桌面的压力和桌面对物体的支持力不是作用力与反作用力4．足球运发动将足球踢向空中，以下描述足球在空中向斜上方飞行过程中某时刻的受力图中，正确的选项是( ) (G为重力，F为脚对球的作用力，F f为空气阻力)5．如下图为A、B、C三个物体从同一地点、同时出发沿同一方向做直线运动的s-t图象，在0～t0时间内( )A．平均速度CBAvvv==B．平均速率BCAvvv＞＞C．A一直在B、C的后面D．A的速度一直比B、C的速度大6．一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，那么在此过程中( )A．质点速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度到达最小值B．质点速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度到达最大值C．质点位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D．质点位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移到达最小值7.．如图，两人分别用100 N的力拉弹簧秤的秤钩和拉环，那么弹簧秤读数为( )A．50 N B．0 NC．100 N D．200 N8．甲、乙两个物体在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如下图，那么( ) A ．甲、乙两物体运动方向一相反B ．前4 s 内，甲、乙两物体的位移相同 C.．t=4 s 时，甲、乙两物体的速度相同 D ．甲物体的加速度比乙物体的加速度小9．如图，小球用细绳系住放在倾角为θ的光滑斜面上，当绳子从水平方向逐渐向上偏移时，球对斜面的压力和细绳上的拉力将〔 〕 A.压力变小；拉力逐渐增大 B.压力变大；拉力逐渐减小 C.压力变大；拉力先增大，后减小 D.压力变小；拉力先减小，后增大10．以下物理量在运算时遵循平行四边形那么的是〔 〕A ．位移B ．力C ．速率D ．加速度11．如下图，物体A 和物体B 叠放在水平面上，有大小为F ＝1 N 的一个水平力作用于A 上，A 、B 处于静止状态，有关摩擦力正确的选项是〔 〕 A ．A 、B 间的摩擦力为0； B ．A 、B 间的摩擦力为1 N ； C ．B 和地面间的摩擦力为1N ； D ．B 和地面间的摩擦力为2 N 。
2015-2016年高一物理上学期第一次月考试卷
2015-2016年高一物理上学期第一次月考试卷师大二附中2015-2016 学年第一学期第一次月考测试卷高一年级物理（满分：100 分）一、选择题（每题 4 分，共 44 分，每题给出的四个选项中，起码有一个是切合题目要求的。
所有选对的得 4 分，选不全但没有错误的得 2 分，选错或不答的均得0 分）1.（多项选择）以下物体或人，能够看作质点的() 。
是A 、奥运时期从北京开往天津的一列高速列车B、研究绕地球运动时的“嫦娥一号”飞船c 、邹凯在北京奥运会的单杠竞赛中D、表演出色芭蕾舞的演员2．一个质点做方向不变的直线运动，加快度的方向一直与速度方向同样，但加快度大小渐渐减小直至为零，则在此过程中（）A.速度渐渐减小，当加快度减小到零时，速度达到最小值B.速度渐渐增大，当加快度减小到零时，速度达到最大值c.位移渐渐增大，当加快度减小到零时，位移将不再增大D.位移渐渐减小，当加快度减小到零时，位移达到最小值3．在 08 北京奥运会中，牙买加选手博尔特是一公认的世界飞人，在“鸟巢”400 环形赛道上，博尔特在男子100 决赛和男子200 决赛中分别以9.69s 和 19.30s 的成绩破两项世界纪录，获取两枚金牌。
对于他在这两次决赛中的运动情况，以下说法正确的选项是()A ． 200 决赛中的位移是100 决赛的两倍B． 200 决赛中的均匀速度约为10.36/sc ．100 决赛中的均匀速度约为10.32/sD ．100 决赛中的最大速度约为20.64/s4．（多项选择）如下图是一沿笔挺公路做匀加快直线运动的汽车的速度计。
某同学在汽车中察看速度计指针地点的变化，开始时指针指示在如图甲所示的地点，经过7s 后指针如图乙，以下说法正确的选项是（）A、右速度计直接读出的是汽车运动的均匀速度B 、右速度计直接读出的是汽车7s 时的刹时速率c 、汽车运动的加快度约为 5.7/s2D 、汽车运动的加快度约为 1.6/s25.两列火车相向而行，第一列的速度大小为 36k／ h，第二列为 54k／ h。
江西省抚州市南城一中高二物理上学期12月月考试卷(含解析)
江西省抚州市南城一中2015-2016学年高二（上）月考物理试卷（12月份）一．选择题：（本大题10小题，共40分．其中1-7题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，8-10题有多个选项是正确的，全选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分．）1．如图所示是电子射线管的示意图．接通电源后，电子射线由阴极沿x轴正方向射出，在荧光屏上会看到一条亮线．要使荧光屏上的亮线向上（z轴正方向）偏转，在下列措施中可采用的是（）A．加一沿y轴正方向的磁场B．加一沿y轴负方向的磁场C．加一沿z轴正方向的磁场D．加一沿z轴负方向的磁场2．下列等式中正确的是（）A．1T=1kg/m2B．1T=1kg/（A•s2）C．1T=1kg•m2/（A•s2）D．1T=1N/（A•m）3．在图所示的电路中，电源内阻忽略不计，电动势为E，电阻R1、R2阻值相等，保持R1的阻值不变，改变R2的阻值，则关于R2消耗的功率P的说法正确的是（）A．R2增大，P增大；R2减小，P减小B．R2增大，P减小；R2减小，P增大C．无论R2是增大还是减小，P均减小D．无论R2是增大还是减小，P均增大4．一根条形磁铁自左向右穿过一个闭合线圈，则流过灵敏电流计的感应电流方向是（）A．始终由a流向b B．始终由b流向aC．先由a流向b，再由b流向a D．先由b流向a，再由a流向b5．如图所示，通电导线MN在纸面内从a位置绕其一端M转至b位置时，通电导线所受安培力的大小变化情况是（）A．变小 B．不变 C．变大 D．不能确定6．如图，一条形磁铁静止在光滑水平面上，在条形磁铁的中央位置的正上方水平固定一铜质圆环．以下判断正确的是（）A．若由静止释放圆环，环下落时环中会产生感应电流B．若由静止释放圆环，环下落时环的机械能守恒C．若由静止释放圆环，环下落时磁铁对桌面的压力比磁铁受的重力大D．给磁铁水平向右的初速度，磁铁滑出时做匀速运动7．某空间中存在一个有竖直边界的水平方向匀强磁场区域，现将一个等腰梯形闭合导线圈，从图示位置垂直于磁场方向匀速拉过这个区域，尺寸如图所示，下图中能正确反映该过程线圈中感应电流随时间变化的图象是（）A．B．C．D．8．三根平行的长直通电导线，分别通过一个等腰直角三角形的三个顶点且与三角形所在平面垂直，如图所示．现在使每根通电导线在斜边中点O处所产生的磁感应强度大小均为B，则下列说法中正确的有（）A．O点处实际磁感应强度的大小为BB．O点处实际磁感应强度的大小为 BC．O点处实际磁感应强度的方向与斜边夹角为90°D．O点处实际磁感应强度的方向与斜边夹角正切值为2．9．两个电压表甲、乙是由完全相同的电流表改装而成，它们的量程分别为5V、15V，为了测量15﹣20V的电压，把甲、乙串联起来使用，则两表的（）A．读数相同B．指针偏转角度相同C．读数正比于表的内阻D．指针偏转角度正比于表的内阻10．如图所示，空间中存在一水平方向匀强电场和一水平方向匀强磁场，且电场方向和磁场方向相互垂直．在电磁场正交的空间中有一足够长的固定粗糙绝缘杆，与电场正方向成60°夹角且处于竖直平面内．一质量为m，带电量为+q的小球套在绝缘杆上．初始，给小球一沿杆向下的初速度v0，小球恰好做匀速运动，电量保持不变．已知，磁感应强度大小为B，电场强度大小为E=，则以下说法正确的是（）A．小球的初速度为v0=B．若小球的初速度为，小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止C．若小球的初速度为，小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止D．若小球的初速度为，则运动中克服摩擦力做功为二、实验题（每空2分，共16分）11．（1）图1是电压表的刻度盘．若当时使用的是该表的0﹣3V量程，那么电压表读数是V．（2）图2游标卡尺的读数mm．（3）图3螺旋测微器的读数是 mm．12．某同学为测定电子元件的电阻，做如下测量：（1）用多用表粗测该元件的电阻，选用“×10”倍率的电阻挡后，应先，再进行测量，之后多用表的示数如图（a）所示，测得该元件电阻为Ω．（2）为了精确测得上述待测电阻Rx的阻值，实验室提供了如下器材：A．电流表A1（量程50mA、内阻r1=10Ω） B．电流表A2（量程200mA、内阻r2约为2Ω）C．定值电阻R0=30Ω D．滑动变阻器R（最大阻值约为10Ω）E．电源E（电动势约为4V） F．开关S、导线若干该同学设计了测量电阻Rx的一种实验电路原理如图（b）所示，N处的电流表应选用（填器材选项前相应的英文字母）．开关S闭合前应将滑动变阻器的滑片置于（选填“a”或者“b”）．若M、N电表的读数分别为I M、I N，则Rx的计算式为Rx= ．（用题中字母表示）三、计算题（4小题，共44分）13．如图所示，一质量为m的导体棒MN两端分别放在两个固定的光滑圆形导轨上，两导轨平等且间距为L，导轨处在竖直向上的匀强磁场中，当导体棒中通一自右向左的电流I时，导体棒静止在与竖直方向成37°角的导轨上，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）磁场的磁感应强度B；（2）每个圆导轨对导体棒的支持力大小F N．14．水平放置的两根平行金属导轨ad和bc，导轨两端a、b和c、d两点分别连接电阻R1和R2，组成矩形线框，如图所示，ad和bc相距L=0.5m，放在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度为B=1T，一根电阻为0.2Ω的导体棒PQ跨接在两根金属导轨上，在外力作用下以4m/s 的速度，向右匀速运动，如果电阻R1=0.3Ω，R2=0.6Ω，导轨ad和bc的电阻不计，导体与导轨接触良好．求：（1）导体棒PQ中产生的感应电流的大小；（2）导体棒PQ上感应电流的方向；（3）导体棒PQ向右匀速滑动的过程中，外力做功的功率．15．MN、PQ为相距L=0.2m的光滑平行导轨，导轨平面与水平面夹角为θ=30°，导轨处于磁感应强度为B=1T、方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，在两导轨的M、P两端接有一电阻为R=2Ω的定值电阻，其余电阻不计．一质量为m=0.2kg的导体棒垂直导轨放置且与导轨接触良好．今平行于导轨对导体棒施加一作用力F，使导体棒从ab位置由静止开始沿导轨向下匀加速滑到底端，滑动过程中导体棒始终垂直于导轨，加速度大小为a=4m/s2，经时间t=1s滑到cd位置，从ab到cd过程中电阻发热为Q=0.1J，g取10m/s2．求：（1）到达cd位置时，对导体棒施加的作用力；（2）导体棒从ab滑到cd过程中作用力F所做的功．16．如图所示，x轴上方以原点O为圆心、半径为R的半圆形区域内存在匀强磁场，磁场的方向垂直于xy平面并指向纸面外，磁感应强度为B．在x轴（﹣R，R）下方的区域内存在方向与y轴相同的匀强电场．y轴下方的A点与O点的距离为d，一质量为m、电荷量为q 的带正电粒子从A点由静止释放，经电场加速后从O点射入磁场，不计粒子的重力作用．（1）要使粒子进入磁场之后不再经过x轴，电场强度需大于或等于某个值E，求E；（2）若电场强度变化为第（1）问E的，求粒子经过磁场偏转后到达x轴时的坐标；并求粒子从A点出发到该位置的时间．2015-2016学年江西省抚州市南城一中高二（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一．选择题：（本大题10小题，共40分．其中1-7题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，8-10题有多个选项是正确的，全选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分．）1．如图所示是电子射线管的示意图．接通电源后，电子射线由阴极沿x轴正方向射出，在荧光屏上会看到一条亮线．要使荧光屏上的亮线向上（z轴正方向）偏转，在下列措施中可采用的是（）A．加一沿y轴正方向的磁场B．加一沿y轴负方向的磁场C．加一沿z轴正方向的磁场D．加一沿z轴负方向的磁场【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】电子射线由阴极沿x轴方向射出，形成的亮线沿z轴正方向偏转，说明电子受到的洛伦兹力方向向上，将四个选项逐一代入，根据左手定则判断分析，选择可行的磁场方向．【解答】解：A、若加一沿y轴正方向的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向沿z轴负方向，亮线向下偏转，故A错误．B、若加一沿y轴负方向的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向沿z轴正方向，亮线向上偏转，故B正确．C、若加一沿z轴正方向的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向沿y轴负方向，亮线向y轴负方向偏转，故C错误．D、若加一沿z轴负方向的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向沿y轴正方向，亮线向y轴正方向偏转，故D错误．故选：B．【点评】本题考查磁偏转方向判断的能力．由由左手定则判断处洛伦兹力的方向是正确解题的关键．．2．下列等式中正确的是（）A．1T=1kg/m2B．1T=1kg/（A•s2）C．1T=1kg•m2/（A•s2）D．1T=1N/（A•m）【考点】磁感应强度．【分析】物理公式同时对应着物理量单位的计算；由物理公式去分析推导物理量所对应的单位．【解答】解：由B=可知，1T=1N/（A•m）=1kg/（A•s2）；故BD正确，AC错误；故选：BD【点评】本题考查磁感应强度的单位，要注意明确物理公式不但能计算物理量的关系，还能计算单位的关系．3．在图所示的电路中，电源内阻忽略不计，电动势为E，电阻R1、R2阻值相等，保持R1的阻值不变，改变R2的阻值，则关于R2消耗的功率P的说法正确的是（）A．R2增大，P增大；R2减小，P减小B．R2增大，P减小；R2减小，P增大C．无论R2是增大还是减小，P均减小D．无论R2是增大还是减小，P均增大【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】对于电源，当内外电路的电阻相等时，电源的输出功率最大；本题可以将电阻R1和电源整体等效成一个电源处理．【解答】解：对于电源，当内外电路的电阻相等时，电源的输出功率最大；将电阻R1和电源整体等效成一个电源，则等效电源的内外电阻相等，输出功率最大；故此后无论是增大还是减小R2，其功率P均减小；故选：C．【点评】本题关键是记住“对于电源，当内外电路的电阻相等时，电源的输出功率最大”的结论，采用等效法处理是物理的常用方法．4．一根条形磁铁自左向右穿过一个闭合线圈，则流过灵敏电流计的感应电流方向是（）A．始终由a流向b B．始终由b流向aC．先由a流向b，再由b流向a D．先由b流向a，再由a流向b【考点】楞次定律．【分析】楞次定律的内容：感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流磁通量的变化．根据楞次定律判定感应电流的方向．【解答】解：条形磁铁从左向右进入螺线管的过程中，原磁场方向向左，且磁通量在增加，根据楞次定律，感应电流的磁场阻碍原磁场磁通量的变化，所以感应电流的磁场向右，由安培定则，知感应电流的方向b→→a．条形磁铁从左向右离开螺线管的过程中，原磁场方向向左，且磁通量在减少，根据楞次定律，感应电流的磁场阻碍原磁场磁通量的变化，所以感应电流的磁场向左，由安培定则，知感应电流的方向a→→b，故D正确，ABC错误．故选：D．【点评】解决本题的关键掌握用楞次定律判断感应电流方向的步骤，先判断原磁场的方向以及磁通量是增加还是减小，再根据楞次定律判断出感应电流的磁场方向，最后根据安培定则，判断出感应电流的方向．5．如图所示，通电导线MN在纸面内从a位置绕其一端M转至b位置时，通电导线所受安培力的大小变化情况是（）A．变小 B．不变 C．变大 D．不能确定【考点】安培力．【分析】安培力公式为：F=BIL，注意公式的适用条件是：匀强磁场，电流和磁场方向垂直．【解答】解：从A转到B位置时，导线MN还是与磁场垂直，故F=BIL不变，故B正确；故选：B【点评】本题比较简单，应用公式F=BIL时注意公式适用条件和公式中各个物理量的含义．6．如图，一条形磁铁静止在光滑水平面上，在条形磁铁的中央位置的正上方水平固定一铜质圆环．以下判断正确的是（）A．若由静止释放圆环，环下落时环中会产生感应电流B．若由静止释放圆环，环下落时环的机械能守恒C．若由静止释放圆环，环下落时磁铁对桌面的压力比磁铁受的重力大D．给磁铁水平向右的初速度，磁铁滑出时做匀速运动【考点】楞次定律；机械能守恒定律．【专题】定性思想；推理法；电磁感应与电路结合．【分析】圆环竖直向下运动时，通过圆环的磁通量始终为零，不产生感应电流．没有安培力做功，只有重力做功，故环的机械能守恒．当磁铁向右运动时，穿过线圈中的磁通量发生变化，则产生电磁感应，根据楞次定律可明确磁铁的运动情况．【解答】解：A、圆环竖直向下运动时，通过圆环的磁通量始终为零，不产生感应电流，由于没有感应电流，故没有安培力做功，只有重力做功，故环的机械能守恒；同时因为没有感应电流也就没有磁场，故环下落时对桌面的压力不变，仍等于重力；故AC错误，B正确；D、以磁铁水平向右的初速度时，由于线圈中磁通量发生变化，则对磁铁有阻碍作用，故磁铁做减速运动；故D错误；故选：B．【点评】解决本题的关键知道产生感应电流的条件，以及掌握条形磁铁的磁感线分布，同时能正确应用楞次定律中的“来拒去留”规律分析运动问题．7．某空间中存在一个有竖直边界的水平方向匀强磁场区域，现将一个等腰梯形闭合导线圈，从图示位置垂直于磁场方向匀速拉过这个区域，尺寸如图所示，下图中能正确反映该过程线圈中感应电流随时间变化的图象是（）A．B．C．D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】楞次定律，判断感应电流方向；由法拉第电磁感应定律和欧姆定律判断电流大小，用排除法解决较好．【解答】解：当右边进入磁场时，便会产生感应电流，由楞次定律得，感应电流应是逆时针方向，由于有效切割长度逐渐增大，导致感应电流的大小也均匀增大；当线框右边出磁场后，有效切割长度不变，则产生感应电流的大小不变，但比刚出磁场时的有效长度缩短，导致感应电流的大小比其电流小，但由楞次定律得，感应电流应仍是逆时针，故排除AB；当线框左边进入磁场时，有效切割长度在变大，当感应电流的方向是顺时针，即是负方向且大小增大，故选项C正确，ABD错误．故选：C．【点评】对于图象问题可以通过排除法进行求解，如根据图象过不过原点、电流正负、大小变化等进行排除．8．三根平行的长直通电导线，分别通过一个等腰直角三角形的三个顶点且与三角形所在平面垂直，如图所示．现在使每根通电导线在斜边中点O处所产生的磁感应强度大小均为B，则下列说法中正确的有（）A．O点处实际磁感应强度的大小为BB．O点处实际磁感应强度的大小为 BC．O点处实际磁感应强度的方向与斜边夹角为90°D．O点处实际磁感应强度的方向与斜边夹角正切值为2．【考点】安培力；共点力平衡的条件及其应用．【分析】本题考查了磁场的叠加，根据导线周围磁场分布可知，与导线等距离地方磁感应强度大小相等，根据安培定则判断出两导线在A点形成磁场方向，磁感应强度B是矢量，根据矢量分解合成的平行四边形定则求解．【解答】解：A、由题意可知，三平行的通电导线在O点产生的磁感应强度大小相等，方向如图则：B合==B，故A错误，B正确，C、设方向沿斜边的夹角为α，根据；力的合成与分解的法则，结合三角函数关系，则有：tanα==2．所以磁感应强度的方向与斜边夹角为arctan2，故C错误，D正确；故选：BD．【点评】磁感应强度为矢量，合成时要用平行四边形定则，因此要正确根据安培定则判断导线周围磁场方向是解题的前提9．两个电压表甲、乙是由完全相同的电流表改装而成，它们的量程分别为5V、15V，为了测量15﹣20V的电压，把甲、乙串联起来使用，则两表的（）A．读数相同B．指针偏转角度相同C．读数正比于表的内阻D．指针偏转角度正比于表的内阻【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】串联后两表的分压即示数与其电阻成正比，因电流大小一样，故指针偏转角度相同．【解答】解；A 因量程不同，内阻不同，则分压不同，故示数不同．故A错误；B 因是串联关系，电流大小一样，则偏转角度相同．故B正确；C 读数为分压，正比于两表的内阻．故C正确；D 指针偏转角度相同．故D错误；故选：BC．【点评】考查的串联电路电压与电阻的关系及电压表的内部原理，明确电压与电阻成正比．10．如图所示，空间中存在一水平方向匀强电场和一水平方向匀强磁场，且电场方向和磁场方向相互垂直．在电磁场正交的空间中有一足够长的固定粗糙绝缘杆，与电场正方向成60°夹角且处于竖直平面内．一质量为m，带电量为+q的小球套在绝缘杆上．初始，给小球一沿杆向下的初速度v0，小球恰好做匀速运动，电量保持不变．已知，磁感应强度大小为B，电场强度大小为E=，则以下说法正确的是（）A．小球的初速度为v0=B．若小球的初速度为，小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止C．若小球的初速度为，小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止D．若小球的初速度为，则运动中克服摩擦力做功为【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】小球受重力、摩擦力（可能有）、弹力（可能有）、向右上方的洛伦兹力、向左的电场力，当受到的合外力等于0时，小球做匀速直线运动．当小球受到的合外力不为0时，要判断出支持力的方向，明确支持力的大小随洛伦兹力的变化关系，然后做出判定．【解答】解：A、对小球进行受力分析如图，电场力的大小：F=qE=，由于重力的方向竖直向下．电场力的方向水平向右，二者垂直，合力：，由几何关系可知，重力与电场力的合力与杆的方向垂直，所以重力与电场力的合力不会对小球做功，而洛伦兹力的方向与速度的方向垂直，所以也不会对小球做功．所以，当小球做匀速直线运动时，不可能存在摩擦力，没有摩擦力，说明小球与杆之间就没有支持力的作用，则洛伦兹力大小与重力、电场力的合力相等，方向相反．所以qv0B=2mg．所以v0=．故A正确；B、若小球的初速度为，则洛伦兹力：f=qv0B=3mg＞F G+F，则在垂直于杆的方向上，小球还受到杆的垂直于杆向下的支持力，则摩擦力：f=μF N．小球将做减速运动；随速度的减小，洛伦兹力减小，则支持力逐渐减小，摩擦力减小，小球做加速度不断减小的减速运动，最后当速度减小到时，小球开始做匀速直线运动．故B错误．C、若小球的初速度为，则洛伦兹力：f=qv0B=mg＜F G+F，则在垂直于杆的方向上，小球还受到杆的垂直于杆向上的支持力，而摩擦力：f=μF N．小球将做减速运动；随速度的减小，洛伦兹力减小，则支持力逐渐增大，摩擦力逐渐增大，小球的加速度增大，所以小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止．故C正确；D、若小球的初速度为，球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止，运动中克服摩擦力做功等于小球的动能，所以W==．故D错误．故选：AC【点评】本题考查小球在混合场中的运动，解答的关键明确小球的受力情况，并能够结合受力的情况分析小球的运动情况，要知道小球何时做加速度减小的减速运动，何时做加速度增大的减速运动，当加速度减为零时，做匀速运动．二、实验题（每空2分，共16分）11．（1）图1是电压表的刻度盘．若当时使用的是该表的0﹣3V量程，那么电压表读数是 1.20 V．（2）图2游标卡尺的读数52.35 mm．（3）图3螺旋测微器的读数是0.350 mm．【考点】用多用电表测电阻；刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】实验题；定量思想；图析法；基本实验仪器．【分析】（1）根据表盘确定电压表分度值，然后根据指针位置读出其示数．（2）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺读数．（3）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数．【解答】解：（1）电压表量程为0﹣3V，由图1所示表盘可知，其分度值为0.1V，示数为1.20V；（2）由图2所示游标卡尺可知，其示数为：52mm+7×0.05mm=52.35mm；（3）由图3所示螺旋测微器可知，其示数为：0mm+35.0×0.01mm=0.350mm；故答案为：（1）1.20；（2）52.35；（3）0.350．【点评】本题考查了电压表、游标卡尺与螺旋测微器读数，要掌握常用器材的使用及读数方法；游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺读数，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数，游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读．12．某同学为测定电子元件的电阻，做如下测量：（1）用多用表粗测该元件的电阻，选用“×10”倍率的电阻挡后，应先欧姆调零，再进行测量，之后多用表的示数如图（a）所示，测得该元件电阻为70 Ω．（2）为了精确测得上述待测电阻Rx的阻值，实验室提供了如下器材：A．电流表A1（量程50mA、内阻r1=10Ω） B．电流表A2（量程200mA、内阻r2约为2Ω）C．定值电阻R0=30Ω D．滑动变阻器R（最大阻值约为10Ω）E．电源E（电动势约为4V） F．开关S、导线若干该同学设计了测量电阻Rx的一种实验电路原理如图（b）所示，N处的电流表应选用 B （填器材选项前相应的英文字母）．开关S闭合前应将滑动变阻器的滑片置于 a （选填“a”或者“b”）．若M、N电表的读数分别为I M、I N，则Rx的计算式为Rx=．（用题中字母表示）【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】（1）使用欧姆表测电阻应选择合适的倍率，使指针指针表盘中央刻度线附近；欧姆表选挡后要进行欧姆调零；欧姆表指针示数与倍率的乘积是欧姆表示数．（2）根据欧姆定律估算出通过电阻R0的电流和通过待测电阻的电流，再选择量程恰当的电表；根据串并联电路特点及欧姆定律求出待测电阻阻值．【解答】解：（1）用多用表测量该元件的电阻，选用“×10”倍率的电阻档后，应先进行欧姆调零，再进行测量，由图（a）所示可知，测量结果为7×10=70Ω．（2）通过待测电阻的最大电流约为I M==A=0.057A=57mA；通过N出的最大电流约为I N=I M+=0.057A+A≈0.190A=190mA，为保证测量时电流表读数不小于其量程的三分之一，N处的电流表应选B；开关s闭合前应将滑动变阻器的滑片置于a．通过定值电阻R0的电流I=I N﹣I M，并联电路两端电压U=IR0=（I N﹣I M）R0，R1+r1==则待测电阻的电阻值：R1=﹣r1；故答案为：（1）欧姆调零，70；（2）B，a，﹣r1【点评】选择实验器材时要注意安全性原则、准确性原则、方便操作性原则，还要符合题目要求．本题关键是明确实验的原理，然后估算出电路各个部分的电流，选择恰当量程的电表，最后根据并联电路的电流特点列式求解．三、计算题（4小题，共44分）13．如图所示，一质量为m的导体棒MN两端分别放在两个固定的光滑圆形导轨上，两导轨平等且间距为L，导轨处在竖直向上的匀强磁场中，当导体棒中通一自右向左的电流I时，导体棒静止在与竖直方向成37°角的导轨上，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）磁场的磁感应强度B；（2）每个圆导轨对导体棒的支持力大小F N．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；电场强度．【专题】图析法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】（1）对导体棒受力分析，受重力、支持力和安培力，然后根据平衡条件，结合合成法得到安培力，最后求出磁场的磁感应强度；（2）对导体棒受力分析，受重力、支持力和安培力，然后根据平衡条件，结合合成法得到支持力，最后得到每个圆导轨对导体棒的支持力大小．【解答】解：（1）从右向左看受力分析如图所示：由受力平衡得到：解得：。
江西省抚州市南城县第一中学高一 上学期物理期中考试试卷及解析
江西省抚州市南城县第一中学高一 上学期物理期中考试试卷及解析一、选择题1．如图所示是三个质点A 、B 、C 的运动轨迹，三个质点同时从N 点出发，同时到达M 点，下列说法正确的是（ ）A ．三个质点从N 到M 的平均速度相同B ．三个质点到达M 点的瞬时速度相同C ．三个质点从N 到M 的平均速率相同D ．A 质点从N 到M 的平均速度方向与任意时刻的瞬时速度方向相同2．如图所示，一质点从0t =时刻由静止开始做匀加速直线运动，A 和B 是原点x t -图线上的两个点，该质点运动的加速度大小为（ ）A ．24m/s 7B ．22m/s 3C ．25m/s 8D ．22m/s3．如图所示，手沿水平方向将书压在竖直墙壁上，使其保持静止，现增大手对书的压力，则书（ ）A ．将沿墙壁滑动B ．受到的最大静摩擦力不变C ．对墙壁的压力不变D ．受到的静摩擦力不变4．如图是A 、B 两个质点做直线运动的位移-时间图线，则A．在运动过程中，A质点总比B质点慢t t=时，两质点的位移相同B．当1t t=时，两质点的速度相等C．当1t t=时，A质点的加速度大于B质点的加速度D．当15．一物体以一定的初速度在水平地面上匀减速滑动．若已知物体在第1秒内位移为8.0 m，在第3秒内位移为0.5 m．则下列说法正确的是A．物体的加速度一定为3.75 m/s2B．物体的加速度可能为3.75 m/s2C．物体在第0.5秒末速度一定为4.0 m/sD．物体在第2.5秒末速度一定为0.5 m/s6．匀速运动的汽车从某时刻开始做匀减速刹车直到停止,若测得刹车时间为t,刹车位移为x,根据这些测量结果,可以A．求出汽车刹车的初速度,不能求出加速度B．求出汽车刹车的加速度,不能求出初速度C．求出汽车刹车的初速度、加速度及平均速度D．只能求出汽车刹车的平均速度7．下列关于速度、速率和加速度的说法，正确的是A．速度、速率和加速度均为矢量B．速度越大，加速度也一定越大C．速率等于位移与经过这段位移所用时间的比值D．速度变化越慢，加速度越小8．在日常生活中，人们常把物体运动的路程与运动时间的比值定义为物体运动的平均速率．某同学假日乘汽车到南京观光，在公路上两次看到路牌和手表如图所示，则该同学乘坐的汽车在该段时间内行驶的平均速率为A．60 km/h B．29 km/h C．19 km/h D．9 km/h9．一个质点沿直线运动，其速度图象如图所示，则质点（）A．在内做匀加速直线运动B．在内做匀速直线运动C．在内做匀加速直线运动D．在内保持静止10．放在水平地面上的一石块重10N，使地面受到10N的压力，则（）A．该压力就是重力，施力者是地球B．该压力就是重力，施力者是石块C．该压力是弹力，是由于地面发生形变产生的D．该压力是弹力，是由于石块发生形变产生的11．近年来高楼坠物事故频发，若将高楼坠物视为自由落体运动，下列图像能基本反映高楼坠物下落时各物理量变化规律的是 ( )A．B．C．D．12．如图所示，用一把直尺可以测量反应速度。
高一物理上学期第一次月考试题25
江西省抚州市南城县第一中学2016-2017学年高一物理上学期第一次月考试题一、选择题(共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，1-7题只有一个选项正确，8-10题有多个选项正确。
全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分，答案必须填写在答题纸上)1、在研究下述运动时，能把物体看作质点的是（）A、研究地球的自转效应B、研究火车从南京到上海运行需要的时间C、研究乒乓球的旋转效应D、研究一列火车通过一座大桥所需的时间2、关于参考系的选择，以下说法中正确的是（）A、参考系必须选择静止不动的物体B、参考系必须是和地面连在一起的物体C、参考系就是不动的物体D、任何物体都可以被选作参考系3、以下各种关于时间和时刻的说法中正确的是（）A、列车员说“火车8点42分到站”指的是时间B、“前3秒钟”“最后3秒钟”“第3秒钟”指的都是时间C、“第1秒末”“最后1秒”指的都是时刻D、轮船船务员说本船离港时间为17点25分指的是时间4、关于速度、速度的改变量、加速度的关系,下列说法中正确的是（）A．物体的速度等于零,加速度一定等于零B．物体的速度改变量大，加速度就大C．物体的速度改变越快,加速度就越大D．在加速直线运动中，加速度不可能减小5. 氢气球升到离地面80m的高空时从上面掉下一物体，物体又上升了10m后开始下落，若取向上为正方向，则物体从气球掉下开始至地面时的位移和经过的路程分别为( )A. 80m，100mB. 90m，100mC. -80m，100mD. -90 m，180 m6.如图为一物体做直线运动的v－t图象，则在0～t1和t1～t2时间内( )A．速度方向相同，加速度方向相同B．速度方向相同，加速度方向相反C．速度方向相反，加速度方向相同D．速度方向相反，加速度方向相反7．一质点以初速度v0沿x轴正方向运动，已知加速度的方向沿x轴正方向，加速度a的值先由零逐渐增大到某一值后再逐渐减小到零，则该质点( )A．速度一直在增大，直到加速度等于零为止B．速度先增大后减小，直到加速度等于零为止C．位移先增大后减小，直到加速度等于零为止D．位移一直在增大，直到加速度等于零为止8．物体做初速度为零的匀加速直线运动，第1 s内的位移大小为5 m，则该物体( ) A．3 s内位移大小为45 m B．第3 s内位移大小为25 mC．1 s末速度的大小为5 m/s D．3 s末速度的大小为30 m/s0 1 2 3 45 6s 3 s 1s 2s 4s 5s 69.如图是某物体做直线运动的速度图象，由图象可得到的正确 结果是( )A 、t ＝1s 时物体的加速度大小为1.0m/s 2B 、t ＝5s 时物体的加速度大小为0.75m/s 2C 、第3s 内物体的位移为1.5mD 、物体在加速过程的速度变化率比减速过程的速度变化率大10.物体甲的x-t 图象和物体乙的v-t 图象分别如下图所示，则这两个物体的运动情 况是（ ）A ．甲在整个t=6s 时间内做往复运动，它通过的 总位移为零B ．甲在整个t=6s 时间内运动方向一直不变，它 通过的总位移大小为4 mC ．乙在整个t=6s 时间内做往复运动，它通过的 总位移为零D ．乙在整个t=6s 时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4 m 二、填空题（共20分.第11小题8分，.第12小题12分）11． 利用打点计时器《探究小车的速度随时间变化的规律》，如图给出了某次实验中的纸带，其中0、1、2、3、4、5、6都为计数点，每相邻两个计数点的间还有四点（未画出），从纸带上测得：s 1=1.50cm ，s 2=2.00cm ，s 3=2.50cm ，s 4=3.10cm ，s 5=3.60cm ，s 6=4.10cm 。
江西省抚州市南城一中高一物理上学期12月月考试卷(含解析)
江西省抚州市南城一中2015-2016学年高一（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（1～8题为单选题，9～12题为多选题，每小题4分，漏选给2分，错选给0分，共48分）1．下面哪组中的单位全是国际单位制中的力学基本单位（）A．kg、s、N B．kg、s、m C．J、min、km D．N、g、m2．下列说法正确的是（）A．放在水平桌面上的书，它对桌面的压力和它受到的重力是一对作用力和反作用力B．人用水平方向的力推静止在地面上的桌子，桌子没动是因为推力小于摩擦力C．放在水平桌面上的书，它受到的重力和桌面对它的支持力是一对平衡力D．竖直向上抛出的小球，上升时受到的合力小于下降时受到的合力3．一辆汽车停放在水平地面上，下列说法正确的是（）A．汽车受到向上的弹力，是因为汽车发生了向上的形变B．汽车受到向上的弹力，是因为地面发生了向下的形变C．地面受到向下的弹力，是因为汽车发生了向上的形变D．地面受到向下的弹力，是因为地面发生了向下的形变4．关于惯性，以下判断正确的是（）A．在宇宙飞船内，由于物体失重，所以物体的惯性消失B．在月球上物体的惯性只是它在地球上的C．质量是物体惯性的量度，惯性与物体的受力情况无关D．质量相同的物体，速度较大的惯性一定大5．下列历史人物及其思想论点对应有误的是（）A．亚里士多德认为物体下落的快慢是由它们的重量决定的．B．伽利略建立了平均速度，瞬时速度以及加速度等运动学概念C．牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，可以用实验直接验证D．伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因6．物体做直线运动通过某一段距离耗时10秒，前4秒的平均速度是v1=10m/s，后6秒的平均速度v2=15m/s，则物体在整个运动过程中的平均速度是（）A．12.5m/s B．13m/s C．12.75m/s D．13.5m/s7．如图所示的位移（s）﹣时间（t）图象和速度（v）﹣时间（t）图象中给出四条图线，甲、乙、丙、丁代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是（）A．甲车做匀加速直线运动，乙车做曲线运动B．0～t1时间内，甲车通过的位移小于乙车通过的位移C．0～t2时间内，丙、丁两车在t2时刻相距最远D．t2时刻之后，丙就在丁的前方了8．滑雪者从斜面顶端由静止开始匀加速下滑，已知他通过斜面中点时的速度为v，则其到达斜面底端的速度为（）A． v B．（+1）v C． v D． v9．一个质量为2kg的物体同时受到两个力的作用，这两个力的大小分别为2N和6N，当两个力的方向发生变化时，物体的加速度大小可能为（）A．1m/s2B．2m/s2C．3m/s2D．4m/s210．将大小为10N方向确定的力分解成F1和F2，若已知F1的大小和F2与F的夹角30°，则下列判断正确的是（）A．当F1＞5N时，有两解B．当F1=5N时，一解C．当5N＜F1＜10N时，有两解D．当F1＜5N时，无解11．如图所示，质量分别为M、m物体A、B用细绳连接后跨过光滑的定滑轮，A静止在倾角为30°的斜面上，已知M=2m，现将斜面倾角由30°增大到35°，系统仍保持静止．此过程中，下列说法正确的是（）A．细绳对A的拉力将增大B．物体A受到的静摩擦力先减小后增大C．物体A对斜面的压力将减小D．滑轮受到的绳的作用力将增大12．如图所示，一质量为m的木块靠在竖直粗糙的墙壁上，相互接触面间的滑动摩擦因数为μ，且受到水平力F的作用，下列说法正确的是（）A．若木块静止，当F增大时，木块受到的静摩擦力随之增大B．若木块静止，则木块受到的静摩擦力大小等于mg，方向竖直向上C．若木块沿墙壁向下运动，则墙壁对木块的摩擦力大小为μFD．若开始时木块静止，当撤去F，木块沿墙壁下滑时，木块不受滑动摩擦力作用二、填空题（每空2分，共14分）13．有一种能获得强烈失重、超重感觉的巨型娱乐设施．先用电梯把载有乘客的座舱送到大约二十几层楼高的高处，然后让座舱自由落下，落到一定位置时，制动系统开始启动，座舱匀减速运动至快到地面时刚好停下．座舱的v﹣t图象如图所示．座舱加速下降过程中的加速度大小是，座舱减速下降过程中的加速度大小是，座舱从开始落下s时开始制动，均匀减速．若某人手托着重力为50N的铅球进行这个游戏，当座舱下落至第4s末的时刻，手对铅球托力大小是N．14．“用DIS研究加速度与力的关系”的实验装置如图（a）所示，实验中用所挂钩码的重量作为细线对小车的拉力F．通过增加钩码的数量，多次测量，可得小车运动的加速度a和所受拉力F的关系图象．他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a ﹣F图线，如图（b）所示．（1）图线（选填“①”或“②”）是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的；（2）在轨道水平时，小车运动的阻力F f= N；（3）（单选）图（b）中，拉力F较大时，a﹣F图线明显弯曲，产生误差．为避免此误差可采取的措施是．A．调整轨道的倾角，在未挂钩码时使小车能在轨道上匀速运动B．在增加钩码数量的同时在小车上增加砝码，使钩码的总质量始终远小于小车的总质量C．将无线力传感器捆绑在小车上，再将细线连在力传感器上，用力传感器读数代替钩码的重力D．更换实验中使用的钩码规格，采用质量较小的钩码进行上述实验．三、计算题（共38分，计算过程要求有简要的文字说明）15．竖直起飞的火箭在推力F的作用下产生5m/s2的加速度，若推动力增大到2F，求火箭的加速度（g取10m/s2，不计空气阻力）16．一质量不计的弹簧原长为11cm，一端固定于质量m=2kg的物体上，另一端施一逐渐增大的水平拉力F，当弹簧拉长至15cm时，物体恰好被拉动．（已知物体与水平面间的动摩擦因数为0.2，g=10m/s2，设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等）求：（1）弹簧的劲度系数多大？（2）当弹簧长度为16cm时，物体的加速度为多少？17．在一次运动会开幕式上，运动员手拉绳索向上攀登，最终点燃了主火炬，体现了运动员坚韧不拔的意志和自强不息的精神．为了探究上升过程中运动员与绳索和吊椅间的作用，可将过程简化．一根不可伸缩的轻绳跨过轻质的定滑轮，一端挂一吊椅，另一端被坐在吊椅上的运动员拉住，如图所示．设运动员的质量为60kg，吊椅的质量为20kg，不计定滑轮与绳子间的摩擦．重力加速度g取10m/s2．当运动员与吊椅一起以加速度a=2m/s2上升时，试求：（1）运动员竖直向下拉绳的力；（2）运动员对吊椅的压力．18．如图所示，将物块M放在匀速传送的传送带的A点，已知传送带速度大小v=2m/s，AB=2m，BC=8m，M与传送带的动摩擦因数μ=0.5，试求物块由A运动到C点共需要多长时间．（M经过B点时速度大小不变，方向沿着BC方向，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．）2015-2016学年江西省抚州市南城一中高一（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（1～8题为单选题，9～12题为多选题，每小题4分，漏选给2分，错选给0分，共48分）1．下面哪组中的单位全是国际单位制中的力学基本单位（）A．kg、s、N B．kg、s、m C．J、min、km D．N、g、m【考点】力学单位制．【分析】解答本题关键掌握：国际单位制中的力学基本单位有三个：kg、s、m，其他单位是导出单位或常用单位．【解答】解：A、N是根据牛顿第二定律得到的导出单位，不是力学基本单位，kg、s是力学基本单位．故A错误．B、kg、s、m都是国际单位制中的力学基本单位．故B正确．C、J是导出单位、min是常用单位，都不是力学基本单位．故C错误．D、N是导出单位，g是常用单位，都不是力学基本单位．故D错误．故选B【点评】本题的解题关键要掌握国际单位制中三个基本单位．单位要与物理量、公式等一起学习并记忆．2．下列说法正确的是（）A．放在水平桌面上的书，它对桌面的压力和它受到的重力是一对作用力和反作用力B．人用水平方向的力推静止在地面上的桌子，桌子没动是因为推力小于摩擦力C．放在水平桌面上的书，它受到的重力和桌面对它的支持力是一对平衡力D．竖直向上抛出的小球，上升时受到的合力小于下降时受到的合力【考点】作用力和反作用力．【专题】定性思想；推理法；弹力的存在及方向的判定专题．【分析】（1）相互作用力：作用在两个不同的物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；（2）平衡力：作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；（3）物体受平衡力作用时保持静止状态或匀速直线运动状态．【解答】解：A、放在水平桌面上的书，它对桌面的压力和它受到的重力方向是相同的，因此不是作用力和反作用力，故A错误；B、人用水平方向的力推静止在地面上的桌子，桌子没动是因为推力等于摩擦力，故B错误；C、放在水平桌面上的书，它受到的重力和桌面对它的支持力作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故C正确；D、竖直向上抛出的小球，上升时受到的合力等于重力加阻力，下降时受到的合力等于重力减阻力，因此上升时的合力大，故D错误．故选：C．【点评】（1）相互作用力和平衡力的区别：是否作用在同一个物体上，作用在同一物体上的是平衡力，作用在不同物体上的是相互作用力．（2）力的合成：同向相加，反向相减．3．一辆汽车停放在水平地面上，下列说法正确的是（）A．汽车受到向上的弹力，是因为汽车发生了向上的形变B．汽车受到向上的弹力，是因为地面发生了向下的形变C．地面受到向下的弹力，是因为汽车发生了向上的形变D．地面受到向下的弹力，是因为地面发生了向下的形变【考点】物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】AB、对汽车进行受力分析，找到汽车受到的弹力的施力物体，通过弹力的方向与产生这个弹力的形变的方向的关系即可得知选项AB的正误．CD、对地面进行受力分析，找到地面受到的弹力的施力物体，通过弹力的方向与产生这个弹力的形变的方向的关系即可得知选项CD的正误．【解答】解：AB、汽车受到向上的弹力，施力物体是水平地面，是因为地面由于受到汽车的压力而产生了向下的形变，要恢复原状，对汽车产生了向上的弹力，选项A错误、B正确．CD、地面受到向下的弹力，施力物体是汽车，是因为汽车与地面间的相互挤压，使汽车产生了向上的弹性形变，要恢复原状，对地面产生了向下的压力，选项C正确、D错误故选：BC【点评】该题考查了弹力的方向的判断，弹力的方向与产生这个弹力的弹性形变的方向相反，所以要找到弹力的施力物体，分析其形变的情况．对于压力的方向是垂直于接触面，指向被压的物体；对于支持力，垂直于接触面指向被支持的物体；对于绳子的拉力，沿绳子指向绳子收缩的方向．4．关于惯性，以下判断正确的是（）A．在宇宙飞船内，由于物体失重，所以物体的惯性消失B．在月球上物体的惯性只是它在地球上的C．质量是物体惯性的量度，惯性与物体的受力情况无关D．质量相同的物体，速度较大的惯性一定大【考点】惯性．【专题】定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】惯性是物体保持原来运动状态不变的性质．原来静止的物体保持原来的静止状态；原来运动的物体保持原来的运动状态．并且要知道任何物体都有惯性．惯性的大小只与物体的质量有关，与速度及物体的受力情况无关．【解答】解：A、在宇宙飞船内，由于物体失重，由于惯性是物体固有属性，物体的惯性没有消失．故A错误．B、在月球上物体的惯性大小只与物体的质量有关，与地理位置无关，所以物体在地球上和月球上惯性相同．故B错误．C、D质量是物体惯性的量度，质量越大，惯性越大，惯性与速度及物体的受力情况无关，故质量相同的物体，惯性一定相同．故C正确，D错误．故选：C【点评】正确理解惯性的概念是解答此题的关键，惯性作为物体本身固有的一种属性，在我们生活中随处可见，与我们的生活息息相关，我们要注意联系实际，用所学惯性知识解决身边的物理问题．5．下列历史人物及其思想论点对应有误的是（）A．亚里士多德认为物体下落的快慢是由它们的重量决定的．B．伽利略建立了平均速度，瞬时速度以及加速度等运动学概念C．牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，可以用实验直接验证D．伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因【考点】物理学史．【专题】解题思想；定性思想；直线运动规律专题．【分析】本题根据物理学史及科学家贡献进行分析答题，要知道相关科学家的物理学成就．【解答】解：A、亚里士多德认为物体下落的快慢是由它们的重量决定的．故A正确；B、伽利略建立了平均速度，瞬时速度以及加速度等运动学概念，开创了物理学的先河．故B正确；C、牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不可以用实验直接验证．故C错误；D、伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因，改变了人们的认识．故D 正确．本题选择错误的，故选：C【点评】对物理学的发展史要了解，特别是一些物理学家对物理学史的贡献更应当了解，属于物理常识，要加强记忆．6．物体做直线运动通过某一段距离耗时10秒，前4秒的平均速度是v1=10m/s，后6秒的平均速度v2=15m/s，则物体在整个运动过程中的平均速度是（）A．12.5m/s B．13m/s C．12.75m/s D．13.5m/s【考点】平均速度．【专题】定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据平均速度的公式求出两段时间的位移，再对全过程运用平均速度的公式，求出整个过程的平均速度．【解答】解：由平均速度公式可得，前一半时间的位移为x1=v1t1，后一半时间的位移为x2=v2t2，平均速度为==13m/s；故选：B．【点评】解决本题的关键掌握平均速度的公式．注意本题不能将两个速度相加除以2，根据平均速度的定义式进行求解．7．如图所示的位移（s）﹣时间（t）图象和速度（v）﹣时间（t）图象中给出四条图线，甲、乙、丙、丁代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是（）A．甲车做匀加速直线运动，乙车做曲线运动B．0～t1时间内，甲车通过的位移小于乙车通过的位移C．0～t2时间内，丙、丁两车在t2时刻相距最远D．t2时刻之后，丙就在丁的前方了【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】在位移﹣时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度，图象的交点表示位移相等，平均速度等于位移除以时间；在速度﹣时间图象中，斜率表示加速度，图象与时间轴围成的面积表示位移．【解答】解：A、根据位移图象的斜率等于速度，由图象可知：甲做匀速直线运动，乙做速度越来越小的变速直线运动，故A错误；B、0～t1时间内，甲乙的初位置与末位置相同，则在t1时间内两车的位移相等，故B错误；C、由图象与时间轴围成的面积表示位移可知：丙、丁两车在t2时刻面积差最大，所以相距最远，故C正确；D、0～t2时间内，丙的位移小于丁的位移，丙在丁的后方，两者间距增大，t2时刻之后，丙的速度大于丁的速度，两者间距减小，经过一段时间后两者相遇，之后丙才在丁的前方，故D错误．故选：C．【点评】要求同学们能根据图象读出有用信息，注意位移﹣时间图象和速度﹣时间图象的区别，图象与轨迹的区别，难度不大，属于基础题．8．滑雪者从斜面顶端由静止开始匀加速下滑，已知他通过斜面中点时的速度为v，则其到达斜面底端的速度为（）A． v B．（+1）v C． v D． v【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式分别对开始到中点、开始到底端列出方程，求出物体到达底端时的速度．【解答】解：设斜面的长度为x，物体到达底端的速度为v2，到达中点时的速度为v，根据速度位移公式得：联立两式解得：．故C正确，ABD错误．故选：C．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式，并能灵活运用，难度不大，属于基础题．9．一个质量为2kg的物体同时受到两个力的作用，这两个力的大小分别为2N和6N，当两个力的方向发生变化时，物体的加速度大小可能为（）A．1m/s2B．2m/s2C．3m/s2D．4m/s2【考点】牛顿第二定律；力的合成．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】先根据平行四边形定则求出两个力的合力的范围，再根据牛顿第二定律求出加速度的范围．【解答】解：两个力的大小分别为2N和6N，合力范围为：8N≥F≥4N根据牛顿第二定律F=ma，故加速度的范围为：4m/s2≥a≥2m/s2故选：BCD．【点评】本题关键先求出合力范围，再根据牛顿第二定律确定加速度范围．10．将大小为10N方向确定的力分解成F1和F2，若已知F1的大小和F2与F的夹角30°，则下列判断正确的是（）A．当F1＞5N时，有两解B．当F1=5N时，一解C．当5N＜F1＜10N时，有两解D．当F1＜5N时，无解【考点】力的分解．【专题】定性思想；推理法；平行四边形法则图解法专题．【分析】已知合力和一个分力的方向，分解不具有唯一性，根据平行四边形定则作图分解即可．【解答】解：由题意可知，当如图所示时，F2的大小最小，即为F2min=Fsin30°=10×0.5=5N；当F1＜5N时，无解，当F1=5N时，一解；当5N＜F1＜10N时，有两解；当10N≤F1时，有一解；故BCD正确，A错误；故选：BCD．【点评】本题关键是确定合力与分力的方向，然后根据平行四边形定则作图分析，最后根据几何关系求解，简单题．11．如图所示，质量分别为M、m物体A、B用细绳连接后跨过光滑的定滑轮，A静止在倾角为30°的斜面上，已知M=2m，现将斜面倾角由30°增大到35°，系统仍保持静止．此过程中，下列说法正确的是（）A．细绳对A的拉力将增大B．物体A受到的静摩擦力先减小后增大C．物体A对斜面的压力将减小D．滑轮受到的绳的作用力将增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；静摩擦力和最大静摩擦力；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到拉力等于物体B的重力；再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件列式分析．【解答】解：M=2m，对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到：T=mg再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，如图：根据平衡条件得到：f+T﹣2mgsinθ=0 ①N﹣2mgcosθ=0 ②由①②两式解得：f=2mgsinθ﹣T=2mgsinθ﹣mg，N=2mgcosθ，当θ不断变大时，f不断变大，N不断变小．故AB错误C正确；绳子拉力大小不变，但夹角减小，滑轮受到的绳的作用力增大．故D正确．故选：CD．【点评】本题关键是先对物体m受力分析，再对物体M受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解．12．如图所示，一质量为m的木块靠在竖直粗糙的墙壁上，相互接触面间的滑动摩擦因数为μ，且受到水平力F的作用，下列说法正确的是（）A．若木块静止，当F增大时，木块受到的静摩擦力随之增大B．若木块静止，则木块受到的静摩擦力大小等于mg，方向竖直向上C．若木块沿墙壁向下运动，则墙壁对木块的摩擦力大小为μFD．若开始时木块静止，当撤去F，木块沿墙壁下滑时，木块不受滑动摩擦力作用【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】定性思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】当木块静止时，受力平衡，对木块受力分析后求出静摩擦力；撤去推力后，再次对木块受力分析，得出的运动情况要符合实际情况．【解答】解：A、B、木块在推力作用下静止时，处于平衡态，受推力F、重力G、向上的静摩擦力f和向右的支持力N，如图根据共点力平衡条件F=NG=f当推力增大时，物体仍然保持静止，故静摩擦力的大小不变，始终与重力平衡，故A错误，B正确；C、若木块沿墙壁向下运动，则墙壁对木块的摩擦力为滑动摩擦力，大小为f=μF，故C正确；D、撤去推力后，墙壁对物体的支持力减小为零，故最大静摩擦力减为零，物体只受重力，做自由落体运动，故D正确；故选：BCD．【点评】本题关键对物体受力分析后运用共点力平衡条件计算出静摩擦力；推力撤去后支持力减为零，故不受滑动摩擦力．二、填空题（每空2分，共14分）13．有一种能获得强烈失重、超重感觉的巨型娱乐设施．先用电梯把载有乘客的座舱送到大约二十几层楼高的高处，然后让座舱自由落下，落到一定位置时，制动系统开始启动，座舱匀减速运动至快到地面时刚好停下．座舱的v﹣t图象如图所示．座舱加速下降过程中的加速度大小是10m/s2，座舱减速下降过程中的加速度大小是15m/s2，座舱从开始落下3 s时开始制动，均匀减速．若某人手托着重力为50N的铅球进行这个游戏，当座舱下落至第4s末的时刻，手对铅球托力大小是125 N．【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】根据速度时间图线的斜率求出座舱加速下降的加速度和减速下降的加速度大小．从图象中得出第4s末的加速度，根据牛顿第二定律求出手对球的托力．【解答】解：根据v﹣t图线的斜率等于加速度，则得，0﹣3s内座舱加速下降的加速度大小==10m/s2．3﹣5s内，座舱减速下降的加速度大小a2=m/s2=15m/s2．由图知，座舱从开始落下3s时开始制动，均匀减速．第4s末，座舱的加速度向上，大小为15m/s2，因为球与座舱具有相同的加速度，根据牛顿第二定律得，N﹣mg=ma2，则N=mg+ma2=50+5×15=125N．故答案为：10m/s2；15m/s2；3；125．【点评】解决本题的关键的关键能够从图线中获取信息，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴所围成的面积表示位移．能够熟练运用牛顿第二定律进行求解．14．“用DIS研究加速度与力的关系”的实验装置如图（a）所示，实验中用所挂钩码的重量作为细线对小车的拉力F．通过增加钩码的数量，多次测量，可得小车运动的加速度a和所受拉力F的关系图象．他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a ﹣F图线，如图（b）所示．（1）图线①（选填“①”或“②”）是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的；（2）在轨道水平时，小车运动的阻力F f= 0.5 N；（3）（单选）图（b）中，拉力F较大时，a﹣F图线明显弯曲，产生误差．为避免此误差可采取的措施是 C ．A．调整轨道的倾角，在未挂钩码时使小车能在轨道上匀速运动B．在增加钩码数量的同时在小车上增加砝码，使钩码的总质量始终远小于小车的总质量C．将无线力传感器捆绑在小车上，再将细线连在力传感器上，用力传感器读数代替钩码的重力D．更换实验中使用的钩码规格，采用质量较小的钩码进行上述实验．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】根据a﹣F图象的特点结合牛顿第二定律分析求解．理解该实验的实验原理和数据处理以及注意事项，知道实验误差的来源．【解答】解：（1）在水平轨道上，由于受到摩擦力，拉力不为零时，加速度仍然为零，可知图线Ⅱ是在轨道水平的情况下得到的．当轨道的右侧抬高过高时，（平衡摩擦力过度），拉力等于0时，会出现加速度，所以图线①是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的．（2）根据牛顿第二定律得，F﹣f=ma，a=，图线的斜率表示质量的倒数；因为F=0.5N时，加速度为零，解得f=0.5N．（3）由于开始段a﹣F关系为一倾斜的直线，所以在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；由实验原理：mg=Ma得a=，而实际上a′=，可见AB段明显偏离直线是由于没有满足M＞＞m造成的．所以更换实验中使用的钩码规格，采用质量较小的钩码进行上述实验，可以减小弯曲的程度，。
2015-2016学年江西省抚州市南昌县莲塘一中高一月考物理试卷
2015-2016学年江西省抚州市南昌县莲塘一中高一（上）月考物理试卷（12月份）（解析版）一.选择题1．一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度的大小逐渐减小直至为零．则在此过程中（）A．速度逐渐减小，当加速度减小为零时，速度达最小值B．速度逐渐增加，当加速度减小为零时，速度达最大值C．位移逐渐增大，当加速度减小为零时，位移将不再增大D．位移逐渐减小，当加速度减小为零时，位移达最小值2．某物体的v﹣t图线如图所示，则对于该物体的运动以下说法正确的是（）A．做往复运动B．做加速度不变的直线运动C．朝某一方向做直线运动 D．以上说法均不对3．两个力的合力F为50N，其中一个力F1为30N，那么另一个力F2的大小可能是（）A．10N B．15N C．80N D．85N4．如图所示，质量为m的木块A，放在斜面B上，若A和B在水平地面上以相同的速度向左做匀速直线运动，则A和B之间的相互作用力大小为（）A．mg B．mgsinθC．mgcosθD．不能确定5．如图所示，质量为M、半径为R、内壁光滑的半球形容器静放在粗糙水平地面上，O为球心．有一劲度系数为K的轻弹簧一端固定在半球底部O′处，另一端与质量为m的小球相连，小球静止于P点．已知地面与半球形容器间的动摩擦因数μ，OP与水平方向的夹角为θ=30°．下列说法正确的是（）A．小球受到轻弹簧的弹力大小为B．小球受到容器的支持力大小为C．小球受到容器的支持力大小为mgD．半球形容器受到地面的摩擦大小为6．下列说法中正确的是（）A．只有接触的物体间才有力的作用B．一个物体可以只受力而同时不对其他物体施加力C．任何一个物体，在受力时，同时也在施力物体D．在力的图示中，长的线段所表示的力一定比短线段所表示的力大7．用手握住一个油瓶（瓶始终处于竖直方向），如图所示．下列说法正确的是（）A．瓶中油越多，手必须握得越紧B．手握得越紧，油瓶受到的摩擦力越大C．不管手握得有多紧，油瓶受到的摩擦力总是一定的D．以上说法都正确8．如图所示，相隔一定距离的两个相同圆柱体固定在同一水平高度处，一轻绳套在两圆柱体上，轻绳下端悬挂一重物，绳和圆柱体之间的摩擦忽略不计．现增加轻绳长度，而其他条件保持不变，则（）A．轻绳对物体的作用力的合力将变大B．轻绳对物体的作用力的合力将不变C．轻绳的张力将变大D．轻绳的张力将变小9．（a）图为水平传送带，（b）图固定斜面，（c）图为水平力F将物体压在竖直墙面上，分析图中各种情况下物体A所受摩擦力的方向的分析正确的是（）A．（a）图中物体A受沿水平方向的静摩擦力B．（b）图中物体A受沿斜面向上的静摩擦力C．（c）图中物体A受水平向右的静摩擦力D．（c）图中增大力F，物体A所受的静摩擦力不变10．如图所示，在水平力F作用下，A、B保持静止．若A与B的接触面是水平的，且F≠0．则关于B的受力个数可能为（）A．2个B．3个C．5个D．6个11．如图所示，质量为M、半径为R的半球形物体A放在水平地面上，通过最高点处的钉子用水平细线拉住一质量为m、半径为r的光滑球B．则（）A．A对地面的压力等于（M+m）g B．A对地面的摩擦力方向向左C．B对A的压力大小为mg D．细线对小球的拉力大小为mg12．如图所示，一段不可伸长的轻绳通过光滑的定滑轮O连接在轻质轻质硬杆的B 端，杆的A端用铰链固定，滑轮在A点正上方，B端用另一段轻绳吊一重物P，现施加拉力F将B端缓慢上拉（绳均未断），在杆达到竖直位置前（）A．拉力F逐渐变小 B．拉力F逐渐变大C．杆中的弹力大小不变D．杆中的弹力逐渐变大二.实验题13．某同学在做研究弹簧的形变与外力的关系实验时，作出外力F与弹簧总长度L 的关系图线如图所示．该实验始终在弹簧的弹性限度内进行．由图可知：该弹簧的自然长度为m；该弹簧的劲度系数为N/m．14．某同学用如图所示的实验装置来探究“力的合成方法”，弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M．弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置．分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向．（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为N．（2）下列不必要的实验要求是．（请填写选项前对应的字母）A．应测量重物M所受的重力B．弹簧测力计应在使用前校零C．拉线方向应与木板平面平行D．改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置．三.计算题15．（2015秋?江苏期中）一物体做匀加速直线运动，初速度为0.5m/s，第7s内的位移比第6s内的位移多4m，求：（1）物体的加速度；（2）物体在5s内的位移．16．（2014秋?定陶县校级期末）如图所示，质量为M的直角三棱柱A放在水平地面上，三棱柱的斜面是光滑的，且斜面倾角为θ．质量为m的光滑球放在三棱柱和光滑竖直墙壁之间，A和B都处于静止状态，则地面对三棱柱的支持力F N= ；摩擦力F2= ．（2011秋?青山区校级期末）所受重力G1=8N的砝码悬挂在绳PA和PB的结点上．PA 17．偏离竖直方向37°角，PB在水平方向，且连在所受重力为G2=100N的木块上，木块静止于倾角为37°的斜面上，如图所示，试求：（1）木块与斜面间的摩擦力；（2）木块所受斜面的弹力．18．（2009秋?锦州期末）如图所示，物体A质量为2kg，与斜面间动摩擦因数为0.4，若要使A在斜面上静止，物体B质量的最大值和最小值是多少？（已知sin37°=0.6 cos37°=0.8）2015-2016学年江西省抚州市南昌县莲塘一中高一（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一.选择题1．一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度的大小逐渐减小直至为零．则在此过程中（）A．速度逐渐减小，当加速度减小为零时，速度达最小值B．速度逐渐增加，当加速度减小为零时，速度达最大值C．位移逐渐增大，当加速度减小为零时，位移将不再增大D．位移逐渐减小，当加速度减小为零时，位移达最小值【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度反应物体速度变化快慢的物理量，加速度与速度方向相同做加速运动，相反做减速运动．【解答】解：加速度方向始终与速度方向相同，故物体做加速运动，加速度减小说明物体速度增加得变慢了，当加速度减小至0时物体速度达到最大，并以此速度做匀速运动．所以物体的速度先增加后不变，速度方向不变故位移始终增加．所以ACD 错误，B正确．故选：B．【点评】解决本题的关键是知道加速度与速度方向相同时物体做加速运动，加速度减小说明速度增加得变慢了，仍是加速运动．2．某物体的v﹣t图线如图所示，则对于该物体的运动以下说法正确的是（）A．做往复运动B．做加速度不变的直线运动C．朝某一方向做直线运动 D．以上说法均不对【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】图线的斜率表示加速度，速度的正负值表示速度的方向，根据速度时间图线判断物体的运动规律．【解答】解：由图线知，速度都为正值，则知物体的速度方向不变，一直向某一方向做直线运动，由于图线的斜率有正有负，知加速度有正有负，即加速度的方向在改变，则该运动不是匀变速直线运动．物体先做匀加速直线运动然后做匀减速直线运动到零，再重复以前的运动．故C正确，ABD错误．故选：C【点评】解决本题的关键能够从速度时间图线判断物体的运动规律，知道图线的斜率表示加速度．3．两个力的合力F为50N，其中一个力F1为30N，那么另一个力F2的大小可能是（）A．10N B．15N C．80N D．85N【考点】力的合成．【专题】受力分析方法专题．【分析】根据两个分力的合力在两个分力之差与两个分力之和之间，分析另一个分力的大小可能值．【解答】解：有两个共点力的合力大小为50N，若其中一个分为大小为30N，另一个分力的大小应在20N≤F≤80N范围，所以可能为80N．故选C．【点评】本题求解分力的范围与确定两个力的合力范围方法相同．基本题．也可以采用代入法，将各个选项代入题干检验，选择符合题意的．4．如图所示，质量为m的木块A，放在斜面B上，若A和B在水平地面上以相同的速度向左做匀速直线运动，则A和B之间的相互作用力大小为（）A．mg B．mgsinθC．mgcosθD．不能确定【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】选A为研究对象，则A受到重力、支持力、静摩擦力三个力，由于A和B 一起做匀速直线运动，故A处于平衡状态，即A的重力、支持力、静摩擦力三力的合力为0．A和B之间的作用力为支持力和摩擦力的合力．【解答】解：选A为研究对象，则A受到重力、支持力、静摩擦力三个力，由于A 和B一起做匀速直线运动，故A处于平衡状态，即A的重力、支持力、静摩擦力三力的合力为0；其中支持力和摩擦力是B作用于A的，故A和B之间的相互作用力的大小就等于支持力和摩擦力的合力的大小．由力的合成知识知：若有N个力的合力为0，其中任意一个力的大小都等于另外N﹣1个力的合力的大小，故摩擦力与支持力的合力的大小等于重力的大小．故A正确，BCD错误．故选：A．【点评】该题主要考察学生平对衡条件及共点力的合成等知识的掌握情况．只要知道物体平衡则合力为0，合力为零则其中任何一个分力大小都等于其余分力的合力的大小，就可以解答了．5．如图所示，质量为M、半径为R、内壁光滑的半球形容器静放在粗糙水平地面上，O为球心．有一劲度系数为K的轻弹簧一端固定在半球底部O′处，另一端与质量为m的小球相连，小球静止于P点．已知地面与半球形容器间的动摩擦因数μ，OP与水平方向的夹角为θ=30°．下列说法正确的是（）A．小球受到轻弹簧的弹力大小为B．小球受到容器的支持力大小为C．小球受到容器的支持力大小为mgD．半球形容器受到地面的摩擦大小为【考点】共点力平衡的条件及其应用；胡克定律．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对小球进行受力分析可知，小球受重力、支持力及弹簧的弹力而处于静止，由共点力的平衡条件可求得小球受到的轻弹簧的弹力及小球受到的支持力；对容器和小球整体研究，分析受力可求得半球形容器受到的摩擦力．【解答】解：A、B、C对小球受力分析，如图所示，由几何关系可知，T=F=mg，故AB错误，C正确；D、以容器和小球整体为研究对象，分析受力可知：竖直方向有：总重力、地面的支持力，水平方向地面对半球形容器没有摩擦力．故D错误．故选C【点评】共点力平衡问题重点在于正确选择研究对象，本题运用隔离法和整体法两种方法进行受力分析得出结论6．下列说法中正确的是（）A．只有接触的物体间才有力的作用B．一个物体可以只受力而同时不对其他物体施加力C．任何一个物体，在受力时，同时也在施力物体D．在力的图示中，长的线段所表示的力一定比短线段所表示的力大【考点】物体的弹性和弹力．【专题】定性思想；推理法；受力分析方法专题．【分析】力是物体间的相互作用，力不能离开施力物体与受力物体而单独存在，任何一个物体，一定既是受力物体，也是施力物体，并依据力的图示，即可一一求解．【解答】解：A、当接触的物体间，产生力的作用，即为弹力，其它的力不一定要接触，故A错误；BC、力是物体间的相互作用，受力物体同时也是施力物体，任何一个物体，一定既是受力物体，也是施力物体，故B错误，C正确；D、在同一组力的图示中，长的线段所对应的力一定比短的线段所对应的力大，不同的图示中，不能比较，要看比例尺，故D正确；故选：CD．【点评】本题考查了力的相互作用、力的概念，是一道基础题．此题考查的是力的概念，产生力的条件，以及运动和力的关系．注意力的图示与力的示意图的区别，理解效果力与性质力的不同．7．用手握住一个油瓶（瓶始终处于竖直方向），如图所示．下列说法正确的是（）A．瓶中油越多，手必须握得越紧B．手握得越紧，油瓶受到的摩擦力越大C．不管手握得有多紧，油瓶受到的摩擦力总是一定的D．以上说法都正确【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】油瓶始终处于竖直方向且静止不动时，受的重力和静摩擦力平衡，受握的紧，最大了最大静摩擦力，而瓶子受的摩擦力仍然等于瓶子的重力．【解答】解：A、油瓶始终处于竖直方向且静止不动，受重力和静摩擦力平衡，所以当瓶中油的质量增大时，手握瓶摩擦力增大，为防止大于最大静摩擦力，因此手必须握得越紧，故A正确；B、手握得越紧，油瓶受到的最大静摩擦力越大，而静摩擦力总是一定的，B错误；C、不论手握得多紧，油瓶受到的摩擦力总是一定的，等于油瓶的重力，C正确；D、由上分析可知，故D错误；故选：AC．【点评】本题考查了静摩擦力和最大静摩擦力的应用和区别，注意最大静摩擦力的判断．8．如图所示，相隔一定距离的两个相同圆柱体固定在同一水平高度处，一轻绳套在两圆柱体上，轻绳下端悬挂一重物，绳和圆柱体之间的摩擦忽略不计．现增加轻绳长度，而其他条件保持不变，则（）A．轻绳对物体的作用力的合力将变大B．轻绳对物体的作用力的合力将不变C．轻绳的张力将变大D．轻绳的张力将变小【考点】力的合成．【专题】受力分析方法专题．【分析】圆柱体相当于定滑轮，不省力，绳子上各处张力大小相等，左右两根绳对重物的合力与物体的重力大小相等方向相反，由力的合成法可知，即可知绳越长，作用力与竖直方向的夹角越小．以重物和绳子整体为研究对象，分析受力情况，由平衡条件分析圆柱体对绳子的作用力变化．【解答】解：AB、对重物受力分析可知，左右两根绳对重物的合力与物体的重力大小相等方向相反，所以轻绳对物体的作用力的合力不变，所以A错误，B正确；CD、以重物和绳子整体为研究对象，分析受力情况：重力、圆柱体A对绳子的作用力F A，圆柱体B对绳子的作用力F B，根据对称性可知，F A=F B，由平衡条件可得2F A cosα=G，α是圆柱体对绳子的作用力与竖直方向夹角，G是物体的重力．绳越长时，α越小，cosα越大，则F A越小．所以绳越长时，轻绳的张力将变小，所以C错误，D正确．故选BD【点评】本题考查力的合成和平衡条件，要抓住绳子的弹力对称性进行分析判断．注意关于滑轮的问题，跨在滑轮上的绳子两侧的拉力大小相等．9．（a）图为水平传送带，（b）图固定斜面，（c）图为水平力F将物体压在竖直墙面上，分析图中各种情况下物体A所受摩擦力的方向的分析正确的是（）A．（a）图中物体A受沿水平方向的静摩擦力B．（b）图中物体A受沿斜面向上的静摩擦力C．（c）图中物体A受水平向右的静摩擦力D．（c）图中增大力F，物体A所受的静摩擦力不变【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】定性思想；推理法；摩擦力专题．【分析】根据摩擦力产生的条件：相互挤压，且粗糙接触面有相对运动或相对运动趋势，再结合静止或匀速运动处于平衡状态，即可求解．【解答】解：A、（a）图A与水平传送带一起做匀速直线运动，对于A处于平衡状态，水平方向不受到摩擦力，否则不平衡，故A错误；B、（b）图中物体A，处于静止，即平衡状态，那么受沿斜面向上的静摩擦力，重力，及支持力，故B正确；C、（c）图中物体A处于静止，即平衡状态，受水平向右的推力，及水平向左的支持力，与重力，竖直向上静摩擦力，当增大推力F时，静摩擦力大小不变，故C错误，D正确；故选：BD．【点评】考查摩擦力产生条件，掌握平衡状态下分析受力情况，理解图C中的静摩擦力产生的原因，知道与推力大小无关．10．如图所示，在水平力F作用下，A、B保持静止．若A与B的接触面是水平的，且F≠0．则关于B的受力个数可能为（）A．2个B．3个C．5个D．6个【考点】物体的弹性和弹力．【专题】受力分析方法专题．【分析】先对AB整体受力分析，判断整体相对斜面体的运动趋势；再对A受力分析，最后对物体B受力分析，B可能受到斜面的静摩擦力，也可能不受斜面的静摩擦力，即B受力情况有两种可能．【解答】解：先对AB整体受力分析，受重力、推力、支持力；当推力平行斜面向上的分力大于重力的下滑分力时，有上滑趋势；当推力平行斜面向上的分力小于重力的下滑分力时，有下滑趋势；当推力平行斜面向上的分力等于重力的下滑分力时，无滑动趋势；再对物体A受力分析，受推力、重力、支持力和向左的静摩擦力，共4个力；最后对B受力分析，受重力、A对B的压力和向右的静摩擦力、斜面体对A的支持力，如果B物体相对斜面体有相对滑动趋势，则受到斜面体的静摩擦力，若相对斜面体无滑动趋势，则不受斜面体的静摩擦力，即物体B可能受4个力，也可能受5个力；故选：C．【点评】对于多个物体组成的系统一般应先整体再隔离进行分析；同时注意受力分析时按：重力、弹力、摩擦力的顺序进行．11．如图所示，质量为M、半径为R的半球形物体A放在水平地面上，通过最高点处的钉子用水平细线拉住一质量为m、半径为r的光滑球B．则（）A．A对地面的压力等于（M+m）g B．A对地面的摩擦力方向向左C．B对A的压力大小为mg D．细线对小球的拉力大小为mg【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对整体受力分析，然后根据共点力平衡条件分析AB选项，再隔离B物体受力分析后根据平衡条件分析CD选项．【解答】解：AB、对AB整体受力分析，受重力和支持力，相对地面无相对滑动趋势，故不受摩擦力，根据平衡条件，支持力等于整体的重力，为（M+m）g；根据牛顿第三定律，整体对地面的压力与地面对整体的支持力是相互作用力，大小相等，故对地面的压力等于（M+m）g，故A正确，B错误；CD、对小球受力分析，如图所示：根据平衡条件，有：F=，T=mgtanθ其中cosθ=，tanθ=，故：F=，T=mg故C正确，D错误；故选：AC．【点评】本题关键是采用整体法和隔离法，受力分析后根据平衡条件列式分析．12．如图所示，一段不可伸长的轻绳通过光滑的定滑轮O连接在轻质轻质硬杆的B 端，杆的A端用铰链固定，滑轮在A点正上方，B端用另一段轻绳吊一重物P，现施加拉力F将B端缓慢上拉（绳均未断），在杆达到竖直位置前（）A．拉力F逐渐变小 B．拉力F逐渐变大C．杆中的弹力大小不变D．杆中的弹力逐渐变大【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】当细绳缓慢拉动时，整个装置处于动态平衡状态，以B点为研究对象，分析受力情况，作出力图．根据平衡条件，运用三角形相似法，得出F和F N与边长AB、AO、BO及物体重力的关系，再分析F、F N的变化情况．【解答】解：设物体的重力为G．以B点为研究对象，分析受力情况，作出力图，如图．作出力F N与F的合力F2，根据平衡条件得知，F2=F1=G．由△F2F N B∽△ABO得=得到 F N=G式中，BO、AO、G不变，则F N保持不变．同理： =得到F=G，式中，AO、G不变，但是AB逐渐减小，所以F逐渐减小．故选：AC．【点评】本题中涉及非直角三角形，运用几何知识研究力与边或角的关系，是常用的思路．二.实验题13．某同学在做研究弹簧的形变与外力的关系实验时，作出外力F与弹簧总长度L 的关系图线如图所示．该实验始终在弹簧的弹性限度内进行．由图可知：该弹簧的自然长度为0.1 m；该弹簧的劲度系数为500 N/m．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】实验题．【分析】由图线和坐标轴交点的横坐标表示弹簧的原长可知弹簧的原长．再由胡克定律可求出弹簧的劲度系数．【解答】解：由图线和坐标轴交点的横坐标表示弹簧的原长可知弹簧的原长为10cm=0.1m；当拉力为100N时，弹簧的形变量为x=30﹣10=20cm=0.2m，由胡克定律F=kx得：弹簧的劲度系数：k===500N/m．故答案为：0.1；500．【点评】该题要求要会从图象中正确的找出弹簧的原长及在各外力作用下弹簧的长，并会求出弹簧的形变量，在应用胡克定律时，要首先转化单位，要知道图线与坐标轴的交点的横坐标是弹簧的原长．知道图线的斜率即为弹簧的劲度系数．14．某同学用如图所示的实验装置来探究“力的合成方法”，弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M．弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置．分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向．（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为 3.60 N．（2）下列不必要的实验要求是 D ．（请填写选项前对应的字母）A．应测量重物M所受的重力B．弹簧测力计应在使用前校零C．拉线方向应与木板平面平行D．改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置．【考点】验证力的平行四边形定则．【专题】实验题．【分析】确定出弹簧测力计的分度值，从而读出弹簧秤的读数．在该实验中，由于P、O的位置确定，则A弹簧的拉力大小和方向一定，合力又一定，则弹簧B的拉力大小和方向也一定，不需进行多次实验．【解答】解：（1）弹簧测力计读数，每1N被分成5格，则1格就等于0.2N．图指针落在3N到4N的第3格处，所以3.60N．（2）A、实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，因此重物的重力必须要知道．故A正确；B、弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零．故B正确；C、拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性．故C正确；D、当结点O位置确定时，弹簧测力计A的示数也确定，由于重物的重力已确定，两力大小与方向均一定，因此弹簧测力计B的大小与方向也一定，所以不需要改变拉力多次实验．故D错误．本题选不必要的，故选：D．故答案为：（1）3.60；（2）D【点评】本题考查了弹簧测力计读数、减小实验误差的方法，对弹簧测力计读数时要先确定其分度值，然后再读数，读数时视线要与刻度线垂直．三.计算题15．（2015秋?江苏期中）一物体做匀加速直线运动，初速度为0.5m/s，第7s内的位移比第6s内的位移多4m，求：（1）物体的加速度；（2）物体在5s内的位移．【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的推论：x m﹣x n=（m﹣n）at2，求解出加速度a，再应用匀变速直线运动的规律求解位移的大小即可．【解答】解：（1）由：x m﹣x n=（m﹣n）at2，得：4=a×12，解得：a=4m/s2．（2）由：得：x=0.5×5+0.5×4×52=52.5m答：（1）物体的加速度大小为4m/s2．（2）物体在前5s内的位移大小为52.5m．【点评】能熟练应用匀变速直线运动的推论求解出各个物理量，掌握匀变速直线运动的规律，做到能熟练应用即可．16．（2014秋?定陶县校级期末）如图所示，质量为M的直角三棱柱A放在水平地面上，三棱柱的斜面是光滑的，且斜面倾角为θ．质量为m的光滑球放在三棱柱和光滑竖直墙壁之间，A和B都处于静止状态，则地面对三棱柱的支持力F N= （M+m）g ；摩擦力F2= mgtanθ．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．。
高一物理上学期12月月考试卷高一全册物理试题_2_01
象对市爱好阳光实验学校一中高一〔上〕月考物理试卷〔12月份〕一、选择题〔每题4分，1-7为单项选择题；8-12小题有多个选项正确，选对得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分〕1．日超有自动扶梯，假设顾客站在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯斜向上匀速运动，以下说法正确的选项是〔〕A．顾客受到的合外力方向与速度方向相同B．顾客受到重力、支持力和摩擦力的作用C．顾客受到的合外力不为零D．顾客受到重力和支持力的作用2．伽利略在研究自由落体运动时，做了如下的：他让一个铜球从阻力很小〔可忽略不计〕的斜面上由静止开始滚下，并且做了上百次．假设某次伽利略是这样做的：在斜面上任取三个位置A、B、C．让小球分别由A、B、C滚下，让A、B、C与斜面底端的距离分别为s1、s2、s3，小球由A、B、C运动到斜面底端的时间分别为t1、t2、t3，小球由A、B、C运动到斜面底端时的速度分别为v1、v2、v3，那么以下关系式中正确并且是伽利略用来证明小球沿光滑斜面向下运动是匀变速直线运动的是〔〕A ．B ．C ．D．s1﹣s2=s2﹣s33．以下关于牛顿第一律的说法中正确的选项是〔〕A．牛顿第一律是律B．牛顿第一律只是提出了惯性的概念C．牛顿第一律提出了当物体受到的合外力为零时，物体将处于静止状态D．牛顿第一律既提出了物体不受外力作用时的运动规律，又提出了力是改变物体运动状态的原因4．一名观察者站在站台边，火车进站从他身边经过，火车共10节车厢，当第10节车厢完全经过他身边时，火车刚好停下．设火车做匀减速直线运动且每节车厢长度相同，那么第8节和第9节车厢从他身边经过所用时间的比值为〔〕A ．：B ．：C．〔﹣1〕：〔﹣〕D．〔﹣〕：〔﹣1〕5．如下图，放在水平桌面上的木块处于静止状态，所挂的砝码和托盘的总质量是0.6kg，弹簧测力计此时的读数为2N，不计滑轮摩擦，g取10m/s2．假设轻轻取走盘中砝码，使砝码和托盘的总质量减少到0.3kg，此装置将会出现的情况是〔〕A．弹簧测力计的读数将减小 B．木块仍处于静止状态C．木块对桌面的摩擦力不变 D．木块所受的合力将要变大6．如下图是皮带传动装置示意图，A为主动轮，B为从动轮．关于A轮边缘上P点、B轮边缘上Q点受摩擦力的方向，以下说法中正确的选项是〔〕A．P、Q点所受摩擦力的方向都和转动方向相同B．P、Q点所受摩擦力的方向都和转动方向相反C．P点所受摩擦力的方向和转动方向相同，Q点所受摩擦力的方向与转动方向相反D．P点所受摩擦力的方向和转动方向相反，Q点所受摩擦力的方向与转动方向相同7．如图，物体静止于光滑水平面M上，力F作用于物体O点，现要使物体沿着OO′方向做加速运动〔F和OO′都在M平面内．那么必须同时再加一个力F′，这个力的最小值是〔〕A．FcosθB．FsinθC．FtanθD．Fcotθ8．关于惯性，下述哪些说法是正确的〔〕A．惯性除了跟物体质量有关外，还跟物体速度有关B．物体只有在不受外力作用的情况下才能表现出惯性C．乒乓球可快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小的缘故D．战斗机投人战斗时，必须丢掉副油箱，减小惯性以保证其运动的灵活性9．一小球用一细绳悬挂于天花板上，以下四种说法正确的选项是〔〕A．小球所受的重力和细绳对它的拉力是一对作用力和反作用力B．小球对细绳的拉力就是因为绳形变产生的C．小球所受重力的反作用力作用在地球上D．小球所受重力的反作用力作用在细绳上10．以下表达中，符合历史事实的是〔〕A．牛顿总结出和开展了前人的发现，得出牛顿运动律B．历史上首先正确认识力和运动的关系，推翻“力是维持物体运动的原因〞观点的物理学家是亚里士多德C．伽利略的思想方法是人类思想史上最伟大的成就之一，其核心是把和逻辑推理结合起来D．笛卡尔发现了胡克律〔F弹=kx〕11．在广场游玩时，一小孩将一充有氢气的气球用细绳系于一个小石块上，并将小石块静止置于水平地面上，如下图．设空气密度不变，那么以下说法正确的选项是〔〕A．假设风速逐渐增大，气球会连同石块一起离开地面B．无论风速多大，气球连同石块都不会离开地面C．假设风速逐渐增大，小石块滑动前受到地面施加的摩擦力逐渐增大D．假设风速逐渐增大，小石块滑动后受到地面施加的摩擦力逐渐增大12．如下图，是A、B两质点从同一地点运动的x﹣t图象，那么以下说法错误的选项是〔〕A．A质点以20m/s的速度匀速运动B．B质点先沿正方向做直线运动，后沿负方向做直线运动C．B质点最初4s做加速运动，后4秒做减速运动D．A、B两质点在4s末相遇二、题〔共18分〕13．某同学用如图1所示的装置测重力加速度，〔1〕电火花计时器的工作电压为流〔选填“交〞或“直〞〕V；〔2〕打出的纸带如图2所示，时纸带的端和重物相连接〔选填“甲〞或“乙〞〕〔3〕纸带上1至9各点为计时点，由纸带所示数据可算出时的加速度为m/s2．〔4〕当地的重力加速度数值为m/s2，请列出测量值与当地重力加速度的值有差异的一个原因．14．“验证力的平行四边形那么〞．〔1〕某同学的操作如下，请将相关步骤补充完整．①在桌面上放一块方木板，在木板上铺一张白纸并固，把橡皮条固在木板上的A点．②把两条细绳系在橡皮条的另一端，通过细绳用两个弹簧测力计互成角度拉橡皮条，橡皮条伸长，使结点到达某一位置O．③记下两个弹簧测力计的读数及结点O的位置，描下两条细绳的方向，在纸上按比例做出F1和F2的图示，用平行四边形法那么求出合力F．④．⑤比拟F′和F，可以看出它们在误差范围内是相的．⑥．〔2〕某同学的记录如下图，与橡皮条伸长方向在一条直线上的力是〔填F或F′〕．三、计算题15．如下图，在水平面上质量为1kg的物体受一个斜上的拉力F作用，这个力与水平方向成θ=30°，且F=4N，在此力作用下，物体水平向右匀速滑动，求：〔1〕物体与水平面间的动摩擦因数μ．〔2〕现只给物体加一个与水平方向成θ角的斜向下的推力F′，物体仍能保持匀速运动，求F′多大？16．甲车以20m/s的速度在平直公路上匀速行驶，乙车以8m/s的速度与甲车平行同向匀速直线运动．甲车经过乙车旁边开始以大小为4m/s2的加速度刹车，从甲车开始刹车计时．求：〔1〕乙车追上甲车前，两车相距的最大距离；〔2〕乙车追上甲车所用的时间．17．小球A从地面以初速度v0竖直上抛，A球运动到最高点时小球B以相同的初速度从地面竖直上抛．〔1〕两小球相遇的时间及相遇处距离地面的高度分别为多少？〔2〕假设两球相撞后速度交换，A球抛出后经多长时间落地？一中高一〔上〕月考物理试卷〔12月份〕参考答案与试题解析一、选择题〔每题4分，1-7为单项选择题；8-12小题有多个选项正确，选对得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分〕1．日超有自动扶梯，假设顾客站在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯斜向上匀速运动，以下说法正确的选项是〔〕A．顾客受到的合外力方向与速度方向相同B．顾客受到重力、支持力和摩擦力的作用C．顾客受到的合外力不为零D．顾客受到重力和支持力的作用【考点】物体的弹性和弹力．【专题】受力分析方法专题．【分析】人站在自动扶梯上，人相对于扶梯处于静止状态，静止的物体受到平衡力的作用，受到的合力为零．【解答】解：人站在自动扶梯上，人受到竖直向下的重力作用和竖直向上的支持力作用，人相对于扶梯是静止的，没有运动也没有运动趋势，人不受摩擦力作用，所以重力和支持力是一对平衡力，合力为零．应选D．【点评】人站在台阶式的扶梯上和站在斜面式的扶梯上受力情况是不同的：人站在台阶式的扶梯上，人受到重力和支持力作用；人站在斜面式的扶梯上，人有下滑的趋势，所以人除了受到重力和支持力作用，还受摩擦力作用．2．伽利略在研究自由落体运动时，做了如下的：他让一个铜球从阻力很小〔可忽略不计〕的斜面上由静止开始滚下，并且做了上百次．假设某次伽利略是这样做的：在斜面上任取三个位置A、B、C．让小球分别由A、B、C滚下，让A、B、C与斜面底端的距离分别为s1、s2、s3，小球由A、B、C运动到斜面底端的时间分别为t1、t2、t3，小球由A、B、C运动到斜面底端时的速度分别为v1、v2、v3，那么以下关系式中正确并且是伽利略用来证明小球沿光滑斜面向下运动是匀变速直线运动的是〔〕A ．B ．C ．D．s1﹣s2=s2﹣s3【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】小球在斜面上做匀变速直线运动，由运动学公式可判断各项是否正确；同时判断该结论是否由伽利略用来证明匀变速运动的结论．【解答】解：A、小球在斜面上三次运动的位移不同，末速度一不同，故A错误；B 、由运动学公式可知，，故三次下落中位移与时间平方向的比值一为值，伽利略正是用这一规律说明小球沿光滑斜面下滑为匀变速直线运动，故B正确；C、由v=at 可得，三次下落中的加速度相同，故公式正确，但是不是当是伽利略用来证用匀变速直线运动的结论；故C错误；D由图可知及运动学规律可知，s1﹣s2＞s2﹣s3，故D错误；应选：B．【点评】虽然当时伽利略是通过分析得出匀变速直线运动的，但我们今天可以借助匀变速直线运动的规律去理解伽利略的．3．以下关于牛顿第一律的说法中正确的选项是〔〕A．牛顿第一律是律B．牛顿第一律只是提出了惯性的概念C．牛顿第一律提出了当物体受到的合外力为零时，物体将处于静止状态D．牛顿第一律既提出了物体不受外力作用时的运动规律，又提出了力是改变物体运动状态的原因【考点】牛顿第一律．【专题】性思想；推理法；牛顿运动律综合专题．【分析】牛顿第一律是在的根底上推理概括得出的规律；即物体在不受力的作用时，总保持静止状态或物体做匀速直线运动状态．【解答】解：A、牛顿第一律是在的根底上进一步的推理概括出来的理论，而不是直接通过得出的；故A错误；B、牛顿第一律既提出了物体不受力作用时的运动规律，即惯性，又提出了力是改变物体运动状态的原因，故B错误，D正确；C、当物体受到的合外力为零时，物体可以处于静止，也可以处于匀速直线运动状态；故C错误；应选：D．【点评】此题考查牛顿第一律的理解；在学习过程当中一要注意对根本概念；根本规律的学习和掌握是我们学好物理的根底．4．一名观察者站在站台边，火车进站从他身边经过，火车共10节车厢，当第10节车厢完全经过他身边时，火车刚好停下．设火车做匀减速直线运动且每节车厢长度相同，那么第8节和第9节车厢从他身边经过所用时间的比值为〔〕A ．：B ．：C．〔﹣1〕：〔﹣〕D．〔﹣〕：〔﹣1〕【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】初速度为零的匀加速直线运动，在通过连续相位移内的时间之比为，采取逆向思维，求出第8节和第9节车厢从他身边经过所用时间的比值．【解答】解：因为初速度为零的匀加速直线运动，在通过连续相位移内的时间之比为，采取逆向思维，第8节和第9节车厢从他身边经过所用时间的比值为〔﹣〕：〔﹣1〕．故D正确，A、B、C错误．应选D．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的公式和推论，并能灵活运用．5．如下图，放在水平桌面上的木块处于静止状态，所挂的砝码和托盘的总质量是0.6kg，弹簧测力计此时的读数为2N，不计滑轮摩擦，g取10m/s2．假设轻轻取走盘中砝码，使砝码和托盘的总质量减少到0.3kg，此装置将会出现的情况是〔〕A．弹簧测力计的读数将减小 B．木块仍处于静止状态C．木块对桌面的摩擦力不变 D．木块所受的合力将要变大【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对A受力分析可得出A受到的静摩擦力，根据静摩擦力与最大静摩擦力的关系可得出最大静摩擦力；再根据变化之后的受力情况可判断A的状态及读数的变化．【解答】解：初态时，对A受力分析，得到摩擦力F f=F1﹣F2=6﹣2=4N，说明最大静摩擦力F max≥4N；当将总质量减小到0.3kg时，拉力变为3N，物体仍静止，合力仍为零；弹簧测力计的示数不变，故摩擦力变化F f′=1N．故ACD错误，B正确．应选：B．【点评】此题考查静摩擦力的计算，要注意静摩擦力会随着外力的变化而变化，但不会超过最大静摩擦力．弹簧的弹力取决于弹簧的形变量，形变量不变，那么弹力不变．6．如下图是皮带传动装置示意图，A为主动轮，B为从动轮．关于A轮边缘上P点、B轮边缘上Q点受摩擦力的方向，以下说法中正确的选项是〔〕A．P、Q点所受摩擦力的方向都和转动方向相同B．P、Q点所受摩擦力的方向都和转动方向相反C．P点所受摩擦力的方向和转动方向相同，Q点所受摩擦力的方向与转动方向相反D．P点所受摩擦力的方向和转动方向相反，Q点所受摩擦力的方向与转动方向相同【考点】滑动摩擦力．【专题】摩擦力专题．【分析】根据摩擦力与相对运动方向相反，假设是摩擦动力，那么摩擦力方向与运动方向相同，假设是摩擦阻力，那么摩擦力方向与运动方向相反，从而即可求解．【解答】解：A、A为主动轮，A轮边缘上P点受到皮带的阻碍，所P点所受摩擦力的方向和转动方向相反；B为从动轮，B轮边缘上Q点在皮带的带动下转动，因此Q点所受摩擦力的方向与转动方向相同．故A错误；B、A为主动轮，A轮边缘上P点受到皮带的阻碍，所P点所受摩擦力的方向和转动方向相反；B为从动轮，B轮边缘上Q点在皮带的带动下转动，因此Q点所受摩擦力的方向与转动方向相同．故B错误；C、A为主动轮，A轮边缘上P点受到皮带的阻碍，所P点所受摩擦力的方向和转动方向相反；B为从动轮，B轮边缘上Q点在皮带的带动下转动，因此Q点所受摩擦力的方向与转动方向相同．故C错误；D、A为主动轮，A轮边缘上P点受到皮带的阻碍，所P点所受摩擦力的方向和转动方向相反；B为从动轮，B轮边缘上Q点在皮带的带动下转动，因此Q点所受摩擦力的方向与转动方向相同．故D正确；应选：D【点评】考查摩擦力的方向，与运动方向的关系，掌握摩擦力与相对运动方向或相对运动趋势的方向相反，注意判是摩擦动力，还是摩擦阻力是解题的关键．7．如图，物体静止于光滑水平面M上，力F作用于物体O点，现要使物体沿着OO′方向做加速运动〔F和OO′都在M平面内．那么必须同时再加一个力F′，这个力的最小值是〔〕A．FcosθB．FsinθC．FtanθD．Fcotθ【考点】牛顿第二律．【分析】物体从静止开始做匀加速直线运动，合力的方向和运动的方向是一样的，要使物体沿着OO′方向做加速运动，合力必须沿着OO′方向，根据三角形那么，可以求出此时最小的力F′．【解答】解：要使物体沿着OO′方向做加速运动，合力必须沿着OO′方向，根据三角形那么可知，合力的方向确了，分力F的大小方向也确了，由F做OO′的垂线，此时的F′就是最小值，再由三角形的知识可以求得最小值为Fsinθ，所以B正确．应选：B．【点评】此题考查了分力与合力的关系，用三角形那么可以较简便的解决这一类的问题．8．关于惯性，下述哪些说法是正确的〔〕A．惯性除了跟物体质量有关外，还跟物体速度有关B．物体只有在不受外力作用的情况下才能表现出惯性C．乒乓球可快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小的缘故D．战斗机投人战斗时，必须丢掉副油箱，减小惯性以保证其运动的灵活性【考点】惯性．【专题】常规题型．【分析】惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大．【解答】解：A、惯性大小只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大．故A错误；B、惯性是物体的固有属性，任何物体在任何情况下都有惯性，故B错误；C、乒乓球可快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小的缘故，故C正确；D、战斗机投人战斗时，必须丢掉副油箱，减小质量，减小惯性以保证其运动的灵活性．故D正确；应选：CD．【点评】考查了学生对惯性的理解，学生要牢固掌握惯性的大小只与质量有关，质量是物体惯性大小的度量．9．一小球用一细绳悬挂于天花板上，以下四种说法正确的选项是〔〕A．小球所受的重力和细绳对它的拉力是一对作用力和反作用力B．小球对细绳的拉力就是因为绳形变产生的C．小球所受重力的反作用力作用在地球上D．小球所受重力的反作用力作用在细绳上【考点】牛顿第三律．【专题】性思想；推理法；牛顿运动律综合专题．【分析】小球受重力，绳的拉力，处于平衡状态．小球受到的重力和小球对细绳的拉力，大小相，但作用在两个物体上，不是平衡力，但由于它们之间不是相互作用，故也不是作用力和反作用力．【解答】解：A、小球受到的重力与绳子对它的拉力是一对平衡力，故A错误．B、小球对细绳的拉力是因为施力物体小球的形变而产生的；故B错误；C、小球受到的重力是地球给的，故小球所受重力的反作用力作用在地球上；故C正确；D错误；应选：C．【点评】要会区分平衡力和作用力与反作用力：平衡力能使物体平衡；作用力和反作用力是一种相互作用．不能仅凭大小相方向相反，是否作用在一个物体上做判．10．以下表达中，符合历史事实的是〔〕A．牛顿总结出和开展了前人的发现，得出牛顿运动律B．历史上首先正确认识力和运动的关系，推翻“力是维持物体运动的原因〞观点的物理学家是亚里士多德C．伽利略的思想方法是人类思想史上最伟大的成就之一，其核心是把和逻辑推理结合起来D．笛卡尔发现了胡克律〔F弹=kx〕【考点】物理学史．【专题】性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要奉献即可．【解答】解：A、牛顿总结出和开展了前人的发现，得出牛顿运动律，故A正确；B、历史上首先正确认识力和运动的关系，推翻“力是维持物体运动的原因〞观点的物理学家是伽利略，故B错误；C、伽利略思想方法的核心是把和逻辑推理和谐地结合起来，故C正确；D、胡克发现了胡克律〔F弹=kx〕，故D错误；应选：AC【点评】此题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、创造、著名理论要记忆，这也是考试内容之一．11．在广场游玩时，一小孩将一充有氢气的气球用细绳系于一个小石块上，并将小石块静止置于水平地面上，如下图．设空气密度不变，那么以下说法正确的选项是〔〕A．假设风速逐渐增大，气球会连同石块一起离开地面B．无论风速多大，气球连同石块都不会离开地面C．假设风速逐渐增大，小石块滑动前受到地面施加的摩擦力逐渐增大D．假设风速逐渐增大，小石块滑动后受到地面施加的摩擦力逐渐增大【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】分析气球的受力情况，根据平衡条件得出细绳的拉力与绳子与水平方向夹角的表达式，再分析绳子拉力的变化．以气球和石块整体为研究对象，由平衡条件分析小石块所受地面的支持力如何变化，再由牛顿第三律判断地面受到小石块的压力变化，判断小石块能否滑动．【解答】解：以气球为研究对象，分析受力如图1所示：重力G1、空气的浮力F1、风力F、绳子的拉力T．设绳子与水平方向的夹角为α；以气球和石块整体为研究对象，分析受力如图2所示：AB、由于风力在水平方向，地面对石块的支持力N=G1+G2﹣F1保持不变，与风力无关，所以当风力增大时，不影响整体在竖直方向的受力，故风力不会改变整体竖直方向的平衡，即石块不会离开地面，故A错误，B正确；CD、如图2所示，整体在竖直方向上受力：N+F1=G1+G2，水平方向上受力：f=F气球所受的浮力F1、气球的重力G1、石块的重力G2都不变，那么地面对石块的支持力N不变，地面受到小石块的压力也不变．在石块滑动前，当风力F增大时，石块所受的摩擦力增大，当石块滑动后受到的摩擦力f=μN保持不变，故D错误，C正确．应选：BC．【点评】此题是两个物体的平衡问题，一是要灵活选择研究对象，二是要抓住浮力、重力不变的条件进行分析．12．如下图，是A、B两质点从同一地点运动的x﹣t图象，那么以下说法错误的选项是〔〕A．A质点以20m/s的速度匀速运动B．B质点先沿正方向做直线运动，后沿负方向做直线运动C．B质点最初4s做加速运动，后4秒做减速运动D．A、B两质点在4s末相遇【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】追及、相遇问题．【分析】图中是位移图象，其斜率于物体的速度，根据数学知识求出速度．由斜率的正负判断质点的运动方向．【解答】解：A、由图象可知图中A质点做匀速运动，v=，故A正确；B、B图象是曲线，斜率表示速度，前4s速度为正，且越来越小，后4s速度为负且速度越来越大，故B正确，C错误；D、位移时间图象的交点表示两者相遇，故D正确．此题选错误的应选C【点评】对于位移图象可直接读出质点的位移，位移△x=x1﹣x2．由斜率于物体的速度研究速度的大小和方向．二、题〔共18分〕13．某同学用如图1所示的装置测重力加速度，〔1〕电火花计时器的工作电压为交流〔选填“交〞或“直〞〕220 V；〔2〕打出的纸带如图2所示，时纸带的乙端和重物相连接〔选填“甲〞或“乙〞〕〔3〕纸带上1至9各点为计时点，由纸带所示数据可算出时的加速度为m/s2．〔4〕当地的重力加速度数值为m/s2，请列出测量值与当地重力加速度的值有差异的一个原因空气阻力、摩擦阻力．【考点】用单摆测重力加速度．【专题】题．【分析】电火花打点计时器使用220V的交流电源，根据连续相时间内的位移之差是一恒量求出重力加速度的大小．【解答】解：〔1〕电火花打点计时器使用的工作电压为交流220V，频率为50Hz．〔2〕重物拖着纸带运动，速度越来越大，在相时间间隔内的位移越来越大，知时纸带的乙端和重物相连接．〔3〕根据△x=gT2得，x23﹣x78=5gT2，解得g==m/s2=m/s2．〔4〕测量出的重力加速度小于当地的重力加速度的原因是空气阻力、摩擦阻力影响．故答案为：〔1〕交，220；〔2〕乙；〔3〕；〔4〕空气阻力、摩擦阻力．【点评】解决此题的关键掌握纸带处理的方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，注意区别电火花与电磁打点计时器的不同．14．“验证力的平行四边形那么〞．。
高一上学期物理12月月考试卷第18套真题
高一上学期物理12月月考试卷一、单选题1. 下列所给的位移-时间图像或速度-时间图像中，表示做直线运动的物体无法回到初始位置的是A .B .C .D .2. 某同学在实验室做了如图所示的实验，铁质小球被电磁铁吸附，断开电磁铁的电源，小球自由下落，已知小球的直径为0.5cm，该同学从计时器上读出小球通过光电门的时间为1.00×10-3s，g取10m/s2，则小球开始下落的位置距光电门的距离h为A . 1 mB .C .D .3. 汽车以15m/s的速度在水平路面上匀速前进，紧急制动后做匀减速直线运动，加速度大小为3m/s2，则刹车后6s时汽车的速度为（）A .B .C .D . 04. 甲、乙两车从同一地点沿相同方向由静止开始做直线运动，它们运动的加速度随时间变化图象如图所示．关于两车的运动情况，下列说法正确的是（）A . 在0～4s内甲车做匀加速直线运动，乙车做匀减速直线运动B . 在0﹣2s内两车间距逐渐增大，2s～4s内两车间距逐渐减小C . 在t=2s时甲车速度为3m/s，乙车速度为4.5m/sD . 在t=4s时甲车恰好追上乙车5. 已知两个力的合力为20 N，则这两个力的大小不可能是A . 8 N、7 NB . 10 N、20 NC . 18 N、18 ND . 20 N、28 N6. A、B、C三物块的质量分别为M，m和m0，作如图所示的连接．绳子不可伸长，且绳子和滑轮的质量、滑轮的摩擦均可不计．若B随A一起沿水平桌面做匀速运动，则可以断定（）A . 物块A与桌面之间有摩擦力，大小为m0gB . 物块A与B之间有摩擦力，大小为m0gC . 桌面对A，B对A，都有摩擦力，两者方向相同，合力为m0gD . 桌面对A，B对A，都有摩擦力，两者方向相反，合力为m0g7. 一个长度为L的轻弹簧，将其上端固定，下端挂一个质量为m的小球时，弹簧的总长度变为2L。
现将两个这样的弹簧按如图所示方式连接，A、B两小球的质量均为m，则两小球平衡时，B小球距悬点O的距离为A . 3LB . 4LC . 5LD . 6L8. 一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度的方向相同，但加速度的大小逐渐减小直至为零，在此过程中（）A . 速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值B . 速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度达到最大值C . 位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D . 位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移达到最小值二、多选题9. 一物体做匀变速直线运动，某时刻速度大小为4 m/s,1 s后速度的大小变为10 m/s，在这1 s内该物体的可能运动情况为A . 加速度的大小为6 m/s2，方向与初速度的方向相同B . 加速度的大小为6 m/s2，方向与初速度的方向相反C . 加速度的大小为14 m/s2，方向与初速度的方向相同D . 加速度的大小为14 m/s2，方向与初速度的方向相反10. 如图甲所示，为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移x与斜面倾角θ的关系，将某一物体每次以不变的初速度沿足够长的斜面向上推出，调节斜面与水平方向的夹角θ，实验测得x与斜面倾角θ的关系如图乙所示，g取，根据图象可求出（）。
高一物理上学期第二次月考试题(无答案)(2021学年)
编辑整理:尊敬的读者朋友们:这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的,发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望(江西省南城县２015－20１6学年高一物理上学期第二次月考试题(无答案))的内容能够给您的工作和学习带来便利。
同时也真诚的希望收到您的建议和反馈,这将是我们进步的源泉，前进的动力。
本文可编辑可修改，如果觉得对您有帮助请收藏以便随时查阅，最后祝您生活愉快业绩进步,以下为江西省南城县20１5-2016学年高一物理上学期第二次月考试题（无答案)的全部内容。
案)一、选择题（本题共10小题,每小题４分,共40分．期中1—７为单选,8—1０为多选,漏选得２分)．1、下列四组单位中，哪一组中的各单位都是国际单位制中的基本单位（ )A.米(m)、牛(Ｎ）、秒(s)B.千克(ｋｇ)、焦耳(J)、秒（ｓ）C.米（m)、千克(kg）、秒(s) D．米(ｍ)、千克(ｋｇ)、牛（N)2、在玉树地震的救援行动中,千斤顶发挥了很大作用，如题图所示是剪式千斤顶，当摇动把手时,螺纹轴就能迫使千斤顶的两臂靠拢,从而将汽车顶起。
当车轮刚被顶起时汽车对千斤顶的压力为1。
０×105Ｎ,此时千斤顶两臂间的夹角为120°，则下列判断正确的是（)Ａ．此时两臂受到的压力大小均为5.0×１04NB．此时千斤顶对汽车的支持力为2.0×１05ＮC.若继续摇动把手,将汽车顶起,两臂受到的压力将减小D．若继续摇动把手,将汽车顶起，两臂受到的压力将增大３、“儿童蹦极”中,拴在腰间左右两侧的是弹性良好的橡皮绳。
质量为m的小明如图所示静止悬挂时,左右两橡皮绳的拉力大小均恰为mg,若此时小明左侧橡皮绳在腰间断裂，则小明此时（）A．加速度、速度都为零 B．加速度ａ=g，方向竖直向下C.加速度a＝g,沿未断裂橡皮绳的方向斜向上D.加速度ａ=g,沿断裂橡皮绳的方向斜向下4、体育器材室里,篮球摆放在图示的水平球架上.已知球架的宽度为d,每只篮球的质量为m、直径为D，不计球与球架之间摩擦，重力加速度为g．则每只篮球对一侧球架的压力大小为（）A、Ｂ、Ｃ、 D、５、某人在平静的湖面上竖直上抛一小铁球，小铁球上升到最高点后自由下落，穿过湖水并陷入湖底的淤泥中一段深度.不计空气阻力，取向上为正方向,在下面的图象中,最能反映小铁球运动过程的v—t图象是( )A ＢＣ D6、如图所示,物体Ａ和B相对静止，以共同的速度沿斜面匀速下滑,则（ )A．B受到的滑动摩擦力的大小为（ｍA+ｍB)gsｉnθB.A、B间无摩擦力的作用C．B受到的静摩擦力的大小为mA ｇcosθD.取走A物后，B物将做匀加速直线运动７、如图所示，A、Ｂ两物体静止在粗糙水平面上,其间用一根轻弹簧相连，弹簧的长度大于原长。
江西省抚州市南城县第一中学高一 上学期物理期中考试试卷及解析
江西省抚州市南城县第一中学高一上学期物理期中考试试卷及解析一、选择题1．汽车以某一初速度开始做匀加速直线运动，第1 s内行驶了2 m，第2 s内行驶了4 m，则汽车第3 s内的平均速度为( )A．2m/s B．5m/s C．6 m/s D．8m/s2．《中国制造2025》是国家实施强国战略第一个十年行动纲领，智能机器制造是一个重要方向，其中智能机械臂已广泛应用于各种领域。
如图所示，一机械臂铁夹竖直夹起一个金属小球，小球在空中处于静止状态，铁夹与球接触面保持竖直，则（）A．若增大铁夹对小球的压力，小球受到的摩擦力变大B．小球受到的摩擦力与重力大小相等C．机械手臂受到的摩擦力方向竖直向上D．若铁夹水平移动，小球受到的摩擦力变大3．下列各组物理量中，全部是矢量的是()A．位移、时间、速度、加速度B．加速度、位移、速度变化量、平均速度C．力、速率、位移、加速度D．位移、路程、时间、加速度4．如图所示，人站立在体重计上，下列说法正确的是（）A．人对体重计的压力和体重计对人的支持力是一对平衡力B．人对体重计的压力和体重计对人的支持力是一对作用力和反作用力C．人所受的重力和人对体重计的压力是一对平衡力D．人所受的重力和人对体重计的压力是一对作用力和反作用力5．如图所示，质量为m的等边三棱柱静止在水平放置的斜面上．已知三棱柱与斜面间的动摩擦因数为μ，斜面的倾角为30°，则斜面对三棱柱的支持力与摩擦力的大小分别为（）A ．3mg 和3mg μ B ．12mg 和3mg C ．12mg 和12mg μ D ．3mg 和12mg 6．在某次检测国产某品牌汽车的刹车性能时，通过传感器发现踩下刹车后，汽车的位移与时间的关系满足2305x t t =-，则关于该次测试，下列说法正确的是A ．汽车4s 内的位移是40mB ．汽车的加速度是﹣5m/s 2C ．汽车的初速度是20m/sD ．汽车刹车2s 后的速度是10m/s7．在电视连续剧《西游记》中，常常有孙悟空“腾云驾雾”的镜头，这通常是采用“背景拍摄法”：让“孙悟空”站在平台上，做着飞行的动作，在他的背后展现出蓝天和急速飘动的白云，同时加上烟雾效果；摄影师把人物动作和飘动的白云及下面的烟雾等一起摄入镜头.放映时，观众就感觉到“孙悟空”在“腾云驾雾”.这时，观众所选的参考系是( ) A ．“孙悟空” B ．平台 C ．飘动的白云 D ．烟雾8．如图所示，一个大人（甲）跟一个小孩（乙）站在水平地面上手拉手比力气，结果大人把小孩拉过来了.对这个过程中作用于双方的力的关系，下列说法正确的是A ．大人拉小孩的力一定比小孩拉大人的力大B ．只有在大人把小孩拉动的过程中，大人的力才比小孩的力大，在可能出现的短暂相持过程中，两人的拉力一样大C ．大人拉小孩的力与小孩拉大人的力大是一对平衡力D ．大人拉小孩的力与小孩拉大人的力大小一定相等9．2018年7月1日，具有完全自主产权的我国加长版“复兴号”动车组正式在京沪线上运行。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
江西省抚州市南城一中2015-2016学年高一（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（1～8题为单选题，9～12题为多选题，每小题4分，漏选给2分，错选给0分，共48分）1．下面哪组中的单位全是国际单位制中的力学基本单位（）A．kg、s、N B．kg、s、m C．J、min、km D．N、g、m2．下列说法正确的是（）A．放在水平桌面上的书，它对桌面的压力和它受到的重力是一对作用力和反作用力B．人用水平方向的力推静止在地面上的桌子，桌子没动是因为推力小于摩擦力C．放在水平桌面上的书，它受到的重力和桌面对它的支持力是一对平衡力D．竖直向上抛出的小球，上升时受到的合力小于下降时受到的合力3．一辆汽车停放在水平地面上，下列说法正确的是（）A．汽车受到向上的弹力，是因为汽车发生了向上的形变B．汽车受到向上的弹力，是因为地面发生了向下的形变C．地面受到向下的弹力，是因为汽车发生了向上的形变D．地面受到向下的弹力，是因为地面发生了向下的形变4．关于惯性，以下判断正确的是（）A．在宇宙飞船内，由于物体失重，所以物体的惯性消失B．在月球上物体的惯性只是它在地球上的C．质量是物体惯性的量度，惯性与物体的受力情况无关D．质量相同的物体，速度较大的惯性一定大5．下列历史人物及其思想论点对应有误的是（）A．亚里士多德认为物体下落的快慢是由它们的重量决定的．B．伽利略建立了平均速度，瞬时速度以及加速度等运动学概念C．牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，可以用实验直接验证D．伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因6．物体做直线运动通过某一段距离耗时10秒，前4秒的平均速度是v1=10m/s，后6秒的平均速度v2=15m/s，则物体在整个运动过程中的平均速度是（）A．12.5m/s B．13m/s C．12.75m/s D．13.5m/s7．如图所示的位移（s）﹣时间（t）图象和速度（v）﹣时间（t）图象中给出四条图线，甲、乙、丙、丁代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是（）A．甲车做匀加速直线运动，乙车做曲线运动B．0～t1时间内，甲车通过的位移小于乙车通过的位移C．0～t2时间内，丙、丁两车在t2时刻相距最远D．t2时刻之后，丙就在丁的前方了8．滑雪者从斜面顶端由静止开始匀加速下滑，已知他通过斜面中点时的速度为v，则其到达斜面底端的速度为（）A．v B．（+1）v C．v D．v9．一个质量为2kg的物体同时受到两个力的作用，这两个力的大小分别为2N和6N，当两个力的方向发生变化时，物体的加速度大小可能为（）A．1m/s2B．2m/s2C．3m/s2D．4m/s210．将大小为10N方向确定的力分解成F1和F2，若已知F1的大小和F2与F的夹角30°，则下列判断正确的是（）A．当F1＞5N时，有两解B．当F1=5N时，一解C．当5N＜F1＜10N时，有两解D．当F1＜5N时，无解11．如图所示，质量分别为M、m物体A、B用细绳连接后跨过光滑的定滑轮，A静止在倾角为30°的斜面上，已知M=2m，现将斜面倾角由30°增大到35°，系统仍保持静止．此过程中，下列说法正确的是（）A．细绳对A的拉力将增大B．物体A受到的静摩擦力先减小后增大C．物体A对斜面的压力将减小D．滑轮受到的绳的作用力将增大12．如图所示，一质量为m的木块靠在竖直粗糙的墙壁上，相互接触面间的滑动摩擦因数为μ，且受到水平力F的作用，下列说法正确的是（）A．若木块静止，当F增大时，木块受到的静摩擦力随之增大B．若木块静止，则木块受到的静摩擦力大小等于mg，方向竖直向上C．若木块沿墙壁向下运动，则墙壁对木块的摩擦力大小为μFD．若开始时木块静止，当撤去F，木块沿墙壁下滑时，木块不受滑动摩擦力作用二、填空题（每空2分，共14分）13．有一种能获得强烈失重、超重感觉的巨型娱乐设施．先用电梯把载有乘客的座舱送到大约二十几层楼高的高处，然后让座舱自由落下，落到一定位置时，制动系统开始启动，座舱匀减速运动至快到地面时刚好停下．座舱的v﹣t图象如图所示．座舱加速下降过程中的加速度大小是，座舱减速下降过程中的加速度大小是，座舱从开始落下s时开始制动，均匀减速．若某人手托着重力为50N的铅球进行这个游戏，当座舱下落至第4s末的时刻，手对铅球托力大小是N．14．“用DIS研究加速度与力的关系”的实验装置如图（a）所示，实验中用所挂钩码的重量作为细线对小车的拉力F．通过增加钩码的数量，多次测量，可得小车运动的加速度a和所受拉力F的关系图象．他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a﹣F图线，如图（b）所示．（1）图线（选填“①”或“②”）是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的；（2）在轨道水平时，小车运动的阻力F f=N；（3）（单选）图（b）中，拉力F较大时，a﹣F图线明显弯曲，产生误差．为避免此误差可采取的措施是．A．调整轨道的倾角，在未挂钩码时使小车能在轨道上匀速运动B．在增加钩码数量的同时在小车上增加砝码，使钩码的总质量始终远小于小车的总质量C．将无线力传感器捆绑在小车上，再将细线连在力传感器上，用力传感器读数代替钩码的重力D．更换实验中使用的钩码规格，采用质量较小的钩码进行上述实验．三、计算题（共38分，计算过程要求有简要的文字说明）15．竖直起飞的火箭在推力F的作用下产生5m/s2的加速度，若推动力增大到2F，求火箭的加速度（g取10m/s2，不计空气阻力）16．一质量不计的弹簧原长为11cm，一端固定于质量m=2kg的物体上，另一端施一逐渐增大的水平拉力F，当弹簧拉长至15cm时，物体恰好被拉动．（已知物体与水平面间的动摩擦因数为0.2，g=10m/s2，设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等）求：（1）弹簧的劲度系数多大？（2）当弹簧长度为16cm时，物体的加速度为多少？17．在一次运动会开幕式上，运动员手拉绳索向上攀登，最终点燃了主火炬，体现了运动员坚韧不拔的意志和自强不息的精神．为了探究上升过程中运动员与绳索和吊椅间的作用，可将过程简化．一根不可伸缩的轻绳跨过轻质的定滑轮，一端挂一吊椅，另一端被坐在吊椅上的运动员拉住，如图所示．设运动员的质量为60kg，吊椅的质量为20kg，不计定滑轮与绳子间的摩擦．重力加速度g取10m/s2．当运动员与吊椅一起以加速度a=2m/s2上升时，试求：（1）运动员竖直向下拉绳的力；（2）运动员对吊椅的压力．18．如图所示，将物块M放在匀速传送的传送带的A点，已知传送带速度大小v=2m/s，AB=2m，BC=8m，M与传送带的动摩擦因数μ=0.5，试求物块由A运动到C点共需要多长时间．（M经过B 点时速度大小不变，方向沿着BC方向，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．）2015-2016学年江西省抚州市南城一中高一（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（1～8题为单选题，9～12题为多选题，每小题4分，漏选给2分，错选给0分，共48分）1．下面哪组中的单位全是国际单位制中的力学基本单位（）A．kg、s、N B．kg、s、m C．J、min、km D．N、g、m【考点】力学单位制．【分析】解答本题关键掌握：国际单位制中的力学基本单位有三个：kg、s、m，其他单位是导出单位或常用单位．【解答】解：A、N是根据牛顿第二定律得到的导出单位，不是力学基本单位，kg、s是力学基本单位．故A错误．B、kg、s、m都是国际单位制中的力学基本单位．故B正确．C、J是导出单位、min是常用单位，都不是力学基本单位．故C错误．D、N是导出单位，g是常用单位，都不是力学基本单位．故D错误．故选B【点评】本题的解题关键要掌握国际单位制中三个基本单位．单位要与物理量、公式等一起学习并记忆．2．下列说法正确的是（）A．放在水平桌面上的书，它对桌面的压力和它受到的重力是一对作用力和反作用力B．人用水平方向的力推静止在地面上的桌子，桌子没动是因为推力小于摩擦力C．放在水平桌面上的书，它受到的重力和桌面对它的支持力是一对平衡力D．竖直向上抛出的小球，上升时受到的合力小于下降时受到的合力【考点】作用力和反作用力．【专题】定性思想；推理法；弹力的存在及方向的判定专题．【分析】（1）相互作用力：作用在两个不同的物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；（2）平衡力：作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；（3）物体受平衡力作用时保持静止状态或匀速直线运动状态．【解答】解：A、放在水平桌面上的书，它对桌面的压力和它受到的重力方向是相同的，因此不是作用力和反作用力，故A错误；B、人用水平方向的力推静止在地面上的桌子，桌子没动是因为推力等于摩擦力，故B错误；C、放在水平桌面上的书，它受到的重力和桌面对它的支持力作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故C正确；D、竖直向上抛出的小球，上升时受到的合力等于重力加阻力，下降时受到的合力等于重力减阻力，因此上升时的合力大，故D错误．故选：C．【点评】（1）相互作用力和平衡力的区别：是否作用在同一个物体上，作用在同一物体上的是平衡力，作用在不同物体上的是相互作用力．（2）力的合成：同向相加，反向相减．3．一辆汽车停放在水平地面上，下列说法正确的是（）A．汽车受到向上的弹力，是因为汽车发生了向上的形变B．汽车受到向上的弹力，是因为地面发生了向下的形变C．地面受到向下的弹力，是因为汽车发生了向上的形变D．地面受到向下的弹力，是因为地面发生了向下的形变【考点】物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】AB、对汽车进行受力分析，找到汽车受到的弹力的施力物体，通过弹力的方向与产生这个弹力的形变的方向的关系即可得知选项AB的正误．CD、对地面进行受力分析，找到地面受到的弹力的施力物体，通过弹力的方向与产生这个弹力的形变的方向的关系即可得知选项CD的正误．【解答】解：AB、汽车受到向上的弹力，施力物体是水平地面，是因为地面由于受到汽车的压力而产生了向下的形变，要恢复原状，对汽车产生了向上的弹力，选项A错误、B正确．CD、地面受到向下的弹力，施力物体是汽车，是因为汽车与地面间的相互挤压，使汽车产生了向上的弹性形变，要恢复原状，对地面产生了向下的压力，选项C正确、D错误故选：BC【点评】该题考查了弹力的方向的判断，弹力的方向与产生这个弹力的弹性形变的方向相反，所以要找到弹力的施力物体，分析其形变的情况．对于压力的方向是垂直于接触面，指向被压的物体；对于支持力，垂直于接触面指向被支持的物体；对于绳子的拉力，沿绳子指向绳子收缩的方向．4．关于惯性，以下判断正确的是（）A．在宇宙飞船内，由于物体失重，所以物体的惯性消失B．在月球上物体的惯性只是它在地球上的C．质量是物体惯性的量度，惯性与物体的受力情况无关D．质量相同的物体，速度较大的惯性一定大【考点】惯性．【专题】定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】惯性是物体保持原来运动状态不变的性质．原来静止的物体保持原来的静止状态；原来运动的物体保持原来的运动状态．并且要知道任何物体都有惯性．惯性的大小只与物体的质量有关，与速度及物体的受力情况无关．【解答】解：A、在宇宙飞船内，由于物体失重，由于惯性是物体固有属性，物体的惯性没有消失．故A错误．B、在月球上物体的惯性大小只与物体的质量有关，与地理位置无关，所以物体在地球上和月球上惯性相同．故B错误．C、D质量是物体惯性的量度，质量越大，惯性越大，惯性与速度及物体的受力情况无关，故质量相同的物体，惯性一定相同．故C正确，D错误．故选：C【点评】正确理解惯性的概念是解答此题的关键，惯性作为物体本身固有的一种属性，在我们生活中随处可见，与我们的生活息息相关，我们要注意联系实际，用所学惯性知识解决身边的物理问题．5．下列历史人物及其思想论点对应有误的是（）A．亚里士多德认为物体下落的快慢是由它们的重量决定的．B．伽利略建立了平均速度，瞬时速度以及加速度等运动学概念C．牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，可以用实验直接验证D．伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因【考点】物理学史．【专题】解题思想；定性思想；直线运动规律专题．【分析】本题根据物理学史及科学家贡献进行分析答题，要知道相关科学家的物理学成就．【解答】解：A、亚里士多德认为物体下落的快慢是由它们的重量决定的．故A正确；B、伽利略建立了平均速度，瞬时速度以及加速度等运动学概念，开创了物理学的先河．故B正确；C、牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不可以用实验直接验证．故C错误；D、伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因，改变了人们的认识．故D正确．本题选择错误的，故选：C【点评】对物理学的发展史要了解，特别是一些物理学家对物理学史的贡献更应当了解，属于物理常识，要加强记忆．6．物体做直线运动通过某一段距离耗时10秒，前4秒的平均速度是v1=10m/s，后6秒的平均速度v2=15m/s，则物体在整个运动过程中的平均速度是（）A．12.5m/s B．13m/s C．12.75m/s D．13.5m/s【考点】平均速度．【专题】定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据平均速度的公式求出两段时间的位移，再对全过程运用平均速度的公式，求出整个过程的平均速度．【解答】解：由平均速度公式可得，前一半时间的位移为x1=v1t1，后一半时间的位移为x2=v2t2，平均速度为==13m/s；故选：B．【点评】解决本题的关键掌握平均速度的公式．注意本题不能将两个速度相加除以2，根据平均速度的定义式进行求解．7．如图所示的位移（s）﹣时间（t）图象和速度（v）﹣时间（t）图象中给出四条图线，甲、乙、丙、丁代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是（）A．甲车做匀加速直线运动，乙车做曲线运动B．0～t1时间内，甲车通过的位移小于乙车通过的位移C．0～t2时间内，丙、丁两车在t2时刻相距最远D．t2时刻之后，丙就在丁的前方了【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】在位移﹣时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度，图象的交点表示位移相等，平均速度等于位移除以时间；在速度﹣时间图象中，斜率表示加速度，图象与时间轴围成的面积表示位移．【解答】解：A、根据位移图象的斜率等于速度，由图象可知：甲做匀速直线运动，乙做速度越来越小的变速直线运动，故A错误；B、0～t1时间内，甲乙的初位置与末位置相同，则在t1时间内两车的位移相等，故B错误；C、由图象与时间轴围成的面积表示位移可知：丙、丁两车在t2时刻面积差最大，所以相距最远，故C正确；D、0～t2时间内，丙的位移小于丁的位移，丙在丁的后方，两者间距增大，t2时刻之后，丙的速度大于丁的速度，两者间距减小，经过一段时间后两者相遇，之后丙才在丁的前方，故D错误．故选：C．【点评】要求同学们能根据图象读出有用信息，注意位移﹣时间图象和速度﹣时间图象的区别，图象与轨迹的区别，难度不大，属于基础题．8．滑雪者从斜面顶端由静止开始匀加速下滑，已知他通过斜面中点时的速度为v，则其到达斜面底端的速度为（）A．v B．（+1）v C．v D．v【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式分别对开始到中点、开始到底端列出方程，求出物体到达底端时的速度．【解答】解：设斜面的长度为x，物体到达底端的速度为v2，到达中点时的速度为v，根据速度位移公式得：联立两式解得：．故C正确，ABD错误．故选：C．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式，并能灵活运用，难度不大，属于基础题．9．一个质量为2kg的物体同时受到两个力的作用，这两个力的大小分别为2N和6N，当两个力的方向发生变化时，物体的加速度大小可能为（）A．1m/s2B．2m/s2C．3m/s2D．4m/s2【考点】牛顿第二定律；力的合成．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】先根据平行四边形定则求出两个力的合力的范围，再根据牛顿第二定律求出加速度的范围．【解答】解：两个力的大小分别为2N和6N，合力范围为：8N≥F≥4N根据牛顿第二定律F=ma，故加速度的范围为：4m/s2≥a≥2m/s2故选：BCD．【点评】本题关键先求出合力范围，再根据牛顿第二定律确定加速度范围．10．将大小为10N方向确定的力分解成F1和F2，若已知F1的大小和F2与F的夹角30°，则下列判断正确的是（）A．当F1＞5N时，有两解B．当F1=5N时，一解C．当5N＜F1＜10N时，有两解D．当F1＜5N时，无解【考点】力的分解．【专题】定性思想；推理法；平行四边形法则图解法专题．【分析】已知合力和一个分力的方向，分解不具有唯一性，根据平行四边形定则作图分解即可．【解答】解：由题意可知，当如图所示时，F2的大小最小，即为F2min=Fsin30°=10×0.5=5N；当F1＜5N时，无解，当F1=5N时，一解；当5N＜F1＜10N时，有两解；当10N≤F1时，有一解；故BCD正确，A错误；故选：BCD．【点评】本题关键是确定合力与分力的方向，然后根据平行四边形定则作图分析，最后根据几何关系求解，简单题．11．如图所示，质量分别为M、m物体A、B用细绳连接后跨过光滑的定滑轮，A静止在倾角为30°的斜面上，已知M=2m，现将斜面倾角由30°增大到35°，系统仍保持静止．此过程中，下列说法正确的是（）A．细绳对A的拉力将增大B．物体A受到的静摩擦力先减小后增大C．物体A对斜面的压力将减小D．滑轮受到的绳的作用力将增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；静摩擦力和最大静摩擦力；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到拉力等于物体B的重力；再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件列式分析．【解答】解：M=2m，对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到：T=mg再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，如图：根据平衡条件得到：f+T﹣2mgsinθ=0 ①N﹣2mgcosθ=0 ②由①②两式解得：f=2mgsinθ﹣T=2mgsinθ﹣mg，N=2mgcosθ，当θ不断变大时，f不断变大，N不断变小．故AB错误C正确；绳子拉力大小不变，但夹角减小，滑轮受到的绳的作用力增大．故D正确．故选：CD．【点评】本题关键是先对物体m受力分析，再对物体M受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解．12．如图所示，一质量为m的木块靠在竖直粗糙的墙壁上，相互接触面间的滑动摩擦因数为μ，且受到水平力F的作用，下列说法正确的是（）A．若木块静止，当F增大时，木块受到的静摩擦力随之增大B．若木块静止，则木块受到的静摩擦力大小等于mg，方向竖直向上C．若木块沿墙壁向下运动，则墙壁对木块的摩擦力大小为μFD．若开始时木块静止，当撤去F，木块沿墙壁下滑时，木块不受滑动摩擦力作用【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】定性思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】当木块静止时，受力平衡，对木块受力分析后求出静摩擦力；撤去推力后，再次对木块受力分析，得出的运动情况要符合实际情况．【解答】解：A、B、木块在推力作用下静止时，处于平衡态，受推力F、重力G、向上的静摩擦力f和向右的支持力N，如图根据共点力平衡条件F=NG=f当推力增大时，物体仍然保持静止，故静摩擦力的大小不变，始终与重力平衡，故A错误，B正确；C、若木块沿墙壁向下运动，则墙壁对木块的摩擦力为滑动摩擦力，大小为f=μF，故C正确；D、撤去推力后，墙壁对物体的支持力减小为零，故最大静摩擦力减为零，物体只受重力，做自由落体运动，故D正确；故选：BCD．【点评】本题关键对物体受力分析后运用共点力平衡条件计算出静摩擦力；推力撤去后支持力减为零，故不受滑动摩擦力．二、填空题（每空2分，共14分）13．有一种能获得强烈失重、超重感觉的巨型娱乐设施．先用电梯把载有乘客的座舱送到大约二十几层楼高的高处，然后让座舱自由落下，落到一定位置时，制动系统开始启动，座舱匀减速运动至快到地面时刚好停下．座舱的v﹣t图象如图所示．座舱加速下降过程中的加速度大小是10m/s2，座舱减速下降过程中的加速度大小是15m/s2，座舱从开始落下3s时开始制动，均匀减速．若某人手托着重力为50N的铅球进行这个游戏，当座舱下落至第4s末的时刻，手对铅球托力大小是125N．【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】根据速度时间图线的斜率求出座舱加速下降的加速度和减速下降的加速度大小．从图象中得出第4s末的加速度，根据牛顿第二定律求出手对球的托力．【解答】解：根据v﹣t图线的斜率等于加速度，则得，0﹣3s内座舱加速下降的加速度大小==10m/s2．3﹣5s内，座舱减速下降的加速度大小a2=m/s2=15m/s2．由图知，座舱从开始落下3s时开始制动，均匀减速．第4s末，座舱的加速度向上，大小为15m/s2，因为球与座舱具有相同的加速度，根据牛顿第二定律得，N﹣mg=ma2，则N=mg+ma2=50+5×15=125N．故答案为：10m/s2；15m/s2；3；125．【点评】解决本题的关键的关键能够从图线中获取信息，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴所围成的面积表示位移．能够熟练运用牛顿第二定律进行求解．14．“用DIS研究加速度与力的关系”的实验装置如图（a）所示，实验中用所挂钩码的重量作为细线对小车的拉力F．通过增加钩码的数量，多次测量，可得小车运动的加速度a和所受拉力F的关系图象．他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a﹣F图线，如图（b）所示．（1）图线①（选填“①”或“②”）是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的；（2）在轨道水平时，小车运动的阻力F f=0.5N；（3）（单选）图（b）中，拉力F较大时，a﹣F图线明显弯曲，产生误差．为避免此误差可采取的措施是C．A．调整轨道的倾角，在未挂钩码时使小车能在轨道上匀速运动B．在增加钩码数量的同时在小车上增加砝码，使钩码的总质量始终远小于小车的总质量C．将无线力传感器捆绑在小车上，再将细线连在力传感器上，用力传感器读数代替钩码的重力D．更换实验中使用的钩码规格，采用质量较小的钩码进行上述实验．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】根据a﹣F图象的特点结合牛顿第二定律分析求解．理解该实验的实验原理和数据处理以及注意事项，知道实验误差的来源．【解答】解：（1）在水平轨道上，由于受到摩擦力，拉力不为零时，加速度仍然为零，可知图线Ⅱ是在轨道水平的情况下得到的．当轨道的右侧抬高过高时，（平衡摩擦力过度），拉力等于0时，会出现加速度，所以图线①是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的．（2）根据牛顿第二定律得，F﹣f=ma，a=，图线的斜率表示质量的倒数；因为F=0.5N时，加速度为零，解得f=0.5N．（3）由于开始段a﹣F关系为一倾斜的直线，所以在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；由实验原理：mg=Ma得a=，而实际上a′=，可见AB段明显偏离直线是由于没有满足M＞＞m造成的．所以更换实验中使用的钩码规格，采用质量较小的钩码进行上述实验，可以减小弯曲的程度，而将无线力传感器捆绑在小车上，再将细线连在力传感器上，用力传感器读数代替钩码的重力可以避免出现这种情况．故最佳的答案是C选项．故选：C故答案为：（1）①（2）0.5（3）C【点评】对于图象问题，通常的方法是得出两个物理量的表达式，结合图线的斜率和截距进行求解．要清楚实验的研究方法和实验中物理量的测量．当钩码的质量远小于小车的总质量时，钩码所受的重力才能作为小车所受外力．三、计算题（共38分，计算过程要求有简要的文字说明）15．竖直起飞的火箭在推力F的作用下产生5m/s2的加速度，若推动力增大到2F，求火箭的加速度（g取10m/s2，不计空气阻力）【考点】牛顿运动定律的综合应用；物体的弹性和弹力．。