淮阳中学2016届高三第二次月考物理试卷
高三第二次月考物理试卷答案
2016届高三第二次月考物理试卷参考答案22．（5分）(1)BE(2)2.023．（10分）(1)交220 (2)B(3)0.49或0.50(4)C24．（14分）【解析】(1)当升降机以2 m/s2的加速度匀加速上升时，物块受到水平向左的力F和墙壁对物块的弹力F N的作用且平衡，即F＝F N竖直方向物块受重力mg和摩擦力F f的作用，由牛顿第二定律列方程：F f－mg＝ma 代入数据，得F f＝m(a＋g)＝2.4 N，即F f至少要2.4 N当静摩擦力等于最大静摩擦力，即F f＝F fmax＝μF N时，F N最小，F最小代入数据，得F＝6 N.(2)当升降机以5 m/s2的加速度匀加速下降时，物块受到水平向左的力F′和墙壁对物块的弹力F N′的作用且平衡，即F′＝F N′竖直方向物块受重力mg和摩擦力F f′的作用，由牛顿第二定律列方程：mg－F f′＝ma′代入数据，得F f′＝m(g－a′)＝1.0 N当静摩擦力等于最大静摩擦力，即F f′＝F′fmax＝μF N′时，F N′最小，F′最小代入数据，得F′＝2.5 N.25．（18分）【解析】(1)小球在半圆轨道上运动的角速度为ω＝v0R＝51.0rad/s＝5 rad/s加速度为a＝v20R＝521.0m/s2＝25 m/s2(2)小球从A运动到B的时间为t1＝πRv0＝3.14×1.05s＝0.628 s从B运动到C的时间为t2＝Lv0＝1.55s＝0.3 s小球从A运动到C的时间为t＝t1＋t2＝(0.628＋0.3) s＝0.928 s (3)小球从C到D做平抛运动，有h＝12gt2，x＝vt解得桌子的高度h＝gx22v20＝10×2.022×52m＝0.8 m.【答案】(1)5 rad/s25 m/s2(2)0.928 s(3)0.8 m33.（3-3）（1）（5分）ABE（2）（10分）解析(1)当活塞N停下后，A中气体压强p′A＝p0＋FS A＝43×105 Pa 对A中气体：由玻意耳定律有p A V A＝p′A v′A得V′A＝p A V Ap′A＝34V A活塞N运动前后A的长度分别为L A＝V AS A＝20 cmL′A＝V′AS A＝15 cm故活塞N移动的距离Δx＝L A－L′A＝5 cm(2)对B中气体：p′B＝p′A＝43×105 Pa由查理定律p BT B＝p′BT′BT′B＝p′Bp B T B＝400 K＝127 ℃34.（3-4）（1）（5分）BCE（2）（10分）【答案】(1)(1－33)R(2)45°【解析】(1)由折射定律n＝sin β1sin α，n2＝sin β2sin α︒==30θα代入数据，解得：β1＝45°，β2＝60°故彩色光带的宽度为：R tan 45°－R tan 30°＝(1－33)R.(2)当所有光线均发生全反射时，光屏上的光带消失，反射光束将在PN 上形成一个光点．即此时折射率为n 1的单色光在玻璃表面上恰好先发生全反射，故sin C ＝1n 1＝12即入射角θ＝C ＝45° . 35.（3-5）（1）（5分）ACE（2）（10分）【解析】 设新核为X ，据题意知：此α衰变的衰变方程为：238 92U→234 90X ＋42He ，根据动量守恒定律得： m αv α＝m X v X ，①式中，m α和m X 分别为α粒子和X 核的质量，v α和v X 分别为α粒子和X 核的速度的大小，由题设条件知： 12m αv 2α＋12m X v X 2＝E k ② 2344=X m m α③ 由①②③式得：12m X v X 2＝Xm m m +ααE k .④ 代入数据得，衰变后X 核的动能 12m X v X 2=0.08 MeV . 【答案】 0.08 MeV。
2016届高三物理上册第二次模拟考试试题2
益阳市箴言中学2016届高三第二次模拟考试物理试题时量：90分钟 满分：100分一、选择题：本题共1 4小题，每小题4分，共56分。
在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求，第11．．～．14．．题有多项．．符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．关于速度、速度的变化量、加速度，下列说法正确的是．A ．物体运动时，速度的变化量越大，它的加速度一定越大B ．速度很大的物体，其加速度可能为零C ．某时刻物体的速度为零，其加速度不可能很大D ．加速度很大时，运动物体的速度一定很快变大2．一质点从A 点以v 0=3m ／s 的初速度开始作匀加速直线运动，随后依次经过B 、C 两点，已知 AB 段、BC.段距离分别为5m 、9m ，质点经过AB 段、BC 段时速度增加量相等，则 A ．质点的加速度大小为2m ／s 2B ．质点从A 点运动到C 点历时3s C ．质点在C 点的速度大小为llm/sD ．质点在B 点的速度大小为6m ／s 3．“神舟”十号飞船于2013年6月11日发射升空，如图1所示，在“神舟”十号靠近轨道沿曲线从M 点到N 点的飞行过程中，速度逐渐减小．在此过程中“神舟”十号所受合力的方向可能是．4．如图2所示，斜面AC 与水平方向的夹角为α，在A 点正上方与C 等高处水平抛出一小球，其速度垂直斜面落到D 点，则CD 与DA 的比为．A.1tan αB.12tan αC.1tan 2 αD.12tan 2 α5．近年来，人类发射了多枚火星探测器，对火星进行科学探究，为将来人类登上火星、开发和利用火星资源奠定了坚实的基础．如果火星探测器环绕火星做“近地”匀速圆周运动，并测得该探测器运动的周期为T ，则火星的平均密度ρ的表达式为(k 是一个常数)A ．ρ＝kTB ．ρ＝kTC ．ρ＝kT 2D ．ρ＝k T2 6．如图3所示，A 、B 两球质量相等，光滑斜面的倾角为θ，图甲中，A 、B 两球用轻弹簧相连，图乙中A 、B 两球用轻质杆相连，系统静止时，挡板C 与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行，则在突然撤去挡板的瞬间有．A ．两图中两球加速度均为g sin θB ．两图中A 球的加速度均为零C ．图乙中轻杆的作用力一定不为零D ．图甲中B 球的加速度是图乙中B 球加速度的2倍 7．在光滑水平面上，有一转轴垂直于此平面，交点O 的上方h 处固定一细绳，绳的另一端连接一质量为m 的小球B ，绳长l >h ，小球可随转轴转动在光滑水平面上做匀速圆周运动，如图4所示．要使小球不离开水平面，转轴转速的最大图4图3图2 图1值是．A.12πg h B ．πgh C.12π g l D ．12πlg8．如图5，是自行车早期发展过程中出现的一种高轮车，它最显著的特点是前轮大后轮小，前后轮间无链条传动。
高二物理-淮安市淮阴中学2015-2016学年高二上学期第二次月考物理试卷(解析版)
江苏省淮安市淮阴中学2015-2016学年高二（上）第二次月考物理试卷一、单选选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意1．如图所示的是磁感应强度B、正电荷速度v和磁场对电荷的作用力F三者方向的相互关系图（其中B垂直于F与v决定的平面，B、F、v两两垂直）．其中正确的是（）A．B．C．D．2．如图所示，用相同导线制成的边长为L或2L的四个单匝闭合回路，它们以相同的速度先后垂直穿过正方形匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外，区域宽度大于2L．则进入磁场过程中，电流最大的回路是（）A．甲B．乙C．丙D．丁3．一个矩形线圈匀速地从无磁场的空间先进入磁感应强度为B1的匀强磁场，然后再进入磁感应强度为B2的匀强磁场，最后进入没有磁场的右边空间，如图所示．若B1=2B2，方向均始终和线圈平面垂直，则在下图所示图中能定性表示线圈中感应电流i随时间t变化关系的是（电流以逆时针方向为正）（）A．B．C．D．4．如图所示，A、B是两个完全相同的灯泡，D是理想二极管，L是带铁芯的线圈，其电阻忽略不计．下列说法正确的是（）A．S闭合瞬间，A先亮B．S闭合瞬间，A、B同时亮C．S断开瞬间，B逐渐熄灭D．S断开瞬间，A闪亮一下，然后逐渐熄灭5．一个回旋加速器，保持外加磁场的磁感应强度不变，对质子（H）加速时，可把质子的速度加到最大为v1，所用电场频率为f1；对α粒子（He）加速时，可把α粒子的速度加速到最大为v2，所用电场频率为f2，在不考虑相对论效应的情况下有（）A．v1=2v2，f1=2f2B．C．D．6．如图所示，金属棒ab置于水平放置的金属导体框架cdef上，棒ab与框架接触良好．从某一时刻开始，给这个空间施加一个斜向上的匀强磁场，并且磁场均匀增加，ab棒仍静止，在磁场均匀增加的过程中，关于ab棒受到的摩擦力，下列说法正确的是（）A．摩擦力大小不变，方向向右 B．摩擦力变大，方向向右C．摩擦力变大，方向向左 D．摩擦力变小，方向向左二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分，每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分7．如图为“研究电磁感应现象”的实验装置，如果将A线圈插入B线圈后保持不动，闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么闭合电键后，下列情况下电流计指针偏转情况是（）A．保持电键闭合状态，指针一直偏在零点右侧B．保持电键闭合状态，滑动变阻器触头迅速向左滑动时，指针向右偏转一下C．保持电键闭合状态，将A线圈迅速从B线圈中拔出时，指针向左偏转一下D．将电键断开的瞬间，指针向左偏转一下8．已知磁敏电阻在没有磁场时电阻很小，有磁场时电阻变大，并且磁场越强电阻值越大．为探测有无磁场，利用磁敏电阻作为传感器设计了如图所示的电路，电源的电动势E和内阻r 不变，在没有磁场时调节变阻器R使电灯L正常发光．若探测装置从无磁场区进入强磁场区，则（）A．电灯L变亮B．电灯L变暗C．电流表的示数减小 D．电流表的示数增大9．如图所示，直角三角形ABC中存在一匀强磁场，两个相同的带电粒子先后沿AB方向从A点射入磁场，分别从AC边上的P、Q两点射出，则（）A．从P点射出的粒子速度大B．从Q点射出的粒子速度大C．从P点射出的粒子，在磁场中运动的时间长D．两粒子在磁场中运动时间一样长10．如图1所示，在竖直方向分布均匀的磁场最终水平放置一个金属环，圆环所围面积为0.1m2，圆环电阻为0.2Ω．磁场的磁感应强度B随时间t的变化规律如图2所示（其中在4～5s的时间呈直线）．已知在第1s内感应电流i沿顺时针方向，则（）A．在0～5s的时间段，感应电流先逐渐增大再逐渐减小B．感应电流的方向，在0﹣2s时间段顺时针，在2～5s时间段逆时针C．磁场的方向，在0～4s时间段竖直向上，在4～5s时间段竖直向下D．在0～5s的时间段，线圈最大发热功率为5.0×10﹣4W11．某空间存在着如图所示的足够大的沿水平方向的匀强磁场．在磁场中A、B两个物块叠放在一起，置于光滑水平面上，物块A带正电，物块B不带电且表面绝缘．在t1=0时刻，水平恒力F作用在物块B上，物块A、B由静止开始做加速度相同的运动．在A、B一起向左运动的过程中，以下说法正确的是（）A．图乙可以反映A所受洛仑兹力大小随时间t变化的关系B．图乙可以反映A对B的摩擦力大小随时间t变化的关系C．图乙可以反映A对B的压力大小随时间t变化的关系D．图乙可以反映B的加速度随时间t变化的关系三、实验题：本题共3小题，共26分，请把答案填在答卷纸上相应的位置12．如图所示，游标卡尺的示数为cm；螺旋测微器的示数为mm13．为了较为精确测量某一定值电阻的阻值，兴趣小组先用多用电表进行粗测，后用伏安法精确测量．现准备了以下器材：A．多用电表B．电压表V1，量程6V，内阻约10kΩC．电压表V2，量程15V，内阻约20kΩD．电流表A1，量程O.6A，内阻约0.2ΩE．电流表A2，量程3A，内阻约O.02ΩF．电源：电动势E=9VG．滑动变阻器R1，最大阻值10Ω，额定电流2AH．导线、电键若干（1）在用多用电表粗测时，该兴趣小组首先选用“×10”欧姆挡，此时欧姆表的指针位置如图甲所示，为了减小误差，多用电表的选择开关应换用欧姆挡；按操作规程再次测量该待测电阻的阻值，此时欧姆表的指针位置如图乙所示，其读数是Ω．（2）在用伏安法精确测量时，要求待测电阻的电压从0开始连续调节，则要完成测量，应选择的器材是（填器材前面的字母代号），并在方框内画出实验电路图．14．要测量某电源的电动势E及内阻r（E约为6V，r约为1.5Ω）器材有量程3V的电压表V，量程0.6A的电流表A，固定电阻R=8.5Ω，滑动变阻器R′（0﹣10Ω），开关S，导线若干．（1）请根据所给的测量电路图，用笔画线代替导线来完成实物连接图．（2）实验中，当电流表读数为I1时，电压表读数为U1；当电流表读数为I2时，电压表读数为U2．则可以求出E=，r=．（用I1，I2，U1，U2及R表示）（3）该实验的系统误差主要是由引起的．由于系统误差，内电阻的测量值r 真实值r真（选填“小于”、“等于”或“大于”）测（4）误差有系统误差和偶然误差两种，利用画U﹣I图线求点董事和内电阻的优点在于可以尽量减小误差（选填“系统”或“偶然”）四、计算或论述题：本题共4小题，共56分，解答时请写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位15．均匀导线制成的单匝正方形闭合线框abcd，每边长为L，总电阻为R，总质量为m．将其置于磁感强度为B的水平匀强磁场上方h处，如图所示．线框由静止自由下落，线框平面保持在竖直平面内，且cd边始终与水平的磁场边界平行．当cd边刚进入磁场时：求：（1）求线框中产生的感应电动势大小；（2）求cd两点间的电势差大小；（3）若此时线框加速度恰好为零，求线框下落的高度h所应满足的条件．16．如图所示的空间分为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域，各边界面相互平行，Ⅰ区域存在匀强电场，电场强度E=1.0×104V/m，方向垂直边界面向右，Ⅱ、Ⅲ区域存在匀强磁场，磁场的方向分别为垂直纸面向外和垂直纸面向里，磁感应强度分别为B1=2B2=2.0T．三个区域宽度分别为d1=5.0m、d2=2.5m，d3=5.0m，一质量m=1.6×10﹣9kg、电荷量q=+1.6×10﹣6C的粒子从O点由静止释放，粒子的重力忽略不计．求：（1）粒子离开Ⅰ区域时的速度大小v；（2）粒子在Ⅱ区域内运动时间t；（3）粒子离开Ⅲ区域时速度与边界面的夹角α．17．（附加题）如图甲所示，一边长L=2.5m、质量m=0.5kg的正方形金属线框，放在光滑绝缘的水平面上，整个装置放在方向竖直向上、磁感应强度B=0.8T的匀强磁场中，它的一边与磁场的边界MN重合．在水平力F作用下由静止开始向左运动，经过5s线框被拉出磁场．测得金属线框中的电流随时间变化的图象如乙图所示，在金属线框被拉出的过程中．（1）求通过线框导线截面的电量及线框的电阻；（2）写出水平力F随时间变化的表达式；（3）已知在这5s内力F做功1.92J，那么在此过程中，线框产生的焦耳热是多少？18．如图所示．两根足够长、电阻不计的平行光滑金属导轨相距L，导轨平面与水平面成θ角，质量均为m、阻值均为R的金属棒a、b紧挨着放在两导轨上，整个装置处于垂直于导轨平面的匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小为B．a棒固定，b棒由静止释放，直至b棒刚好匀速时，a、b棒间距离为x，棒与导轨始终垂直并保持良好的接触，重力加速度为g．求：（1）最终b棒的运动速度；（2）此过程中a棒产生的热量Q1；（3）若a棒不再固定，在释放b棒的同时，给a棒施加一平行于导轨向上的恒力F=2mgsinθ，当b棒刚好匀速时，a、b棒间的距离为x0，求此过程中a棒产生的热量Q2．2015-2016学年江苏省淮安市淮阴中学高二（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单选选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意1．如图所示的是磁感应强度B、正电荷速度v和磁场对电荷的作用力F三者方向的相互关系图（其中B垂直于F与v决定的平面，B、F、v两两垂直）．其中正确的是（）A．B．C．D．【考点】洛仑兹力．【分析】根据左手定则知，大拇指所指的方向为洛伦兹力的方向，与四指方向（即粒子的速度方向）垂直，与磁场方向垂直．【解答】解：A、根据左手定则，正电荷向右运动时，受到的洛伦兹力的方向向下．故A错误；B、根据左手定则，正电荷在向外的磁场中向上运动时，受到的洛伦兹力的方向向右．故B 错误；C、根据左手定则，正电荷在向上的磁场中向里运动时，受到的洛伦兹力的方向向右，故C 错误；D、根据左手定则，正电荷在向右的磁场中向下运动时，受到的洛伦兹力的方向向外．故D 正确．故选：D【点评】解决本题的关键掌握左手定则，会通过左手定则判断磁场方向、速度方向和洛伦兹力方向的关系．2．如图所示，用相同导线制成的边长为L或2L的四个单匝闭合回路，它们以相同的速度先后垂直穿过正方形匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外，区域宽度大于2L．则进入磁场过程中，电流最大的回路是（）A．甲B．乙C．丙D．丁【考点】导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】根据法拉第电磁感应定律求得感应电动势的大小，由闭合电路欧姆定律得到感应电流的表达式，即可比较其大小．【解答】解：设导线长度为L时电阻为R．甲图中，感应电动势为E甲=BLv，线框的电阻为4R，则感应电流为：I甲==；乙图中，感应电动势为E乙=BLv，线框的电阻为6R，则感应电流为：I乙==；丙图中，感应电动势为E丙=2BLv，线框的电阻为6R，则感应电流为：I丙===；丁图中，感应电动势为E丁=2BLv，线框的电阻为8R，则感应电流为：I甲==；所以丙中感应电流最大．故C正确．故选：C．【点评】本题关键掌握感应电动势和闭合电路欧姆定律，要注意各个电路中电流与电阻也有关系，不能只考虑电动势，而忘记了电阻关系．3．一个矩形线圈匀速地从无磁场的空间先进入磁感应强度为B1的匀强磁场，然后再进入磁感应强度为B2的匀强磁场，最后进入没有磁场的右边空间，如图所示．若B1=2B2，方向均始终和线圈平面垂直，则在下图所示图中能定性表示线圈中感应电流i随时间t变化关系的是（电流以逆时针方向为正）（）A．B．C．D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；右手定则．【专题】电磁感应与图像结合．【分析】由E=BLV可知线圈在磁场中的感应电动势的大小，由右手定则可得出电流的方向；再由欧姆定律即可得出电流的大小及方向变化．【解答】解：线圈进入B1时，右边切割磁感线产生感应电动势E=B1Lv，由右手定则可得出电流方向沿逆时针，故电流为正；当线圈全部进入时，磁通量不再发生变化，故线圈中没有电流；当右边进入B2时，两端同时切割磁感线，左边产生的感应电动势为B1Lv，右边产生的电动势为B2Lv，因两电动势方向相反，故总电动势为B1Lv﹣B2Lv=B2Lv；方向沿逆时针；当线圈离开磁场区域时，只有左边切割B2，电动势为B2Lv，方向为顺时针；故只有C正确；故选C．【点评】本题中因无法确定磁场宽度及线圈的宽度，故只能得出大致的电流﹣时间图象．4．如图所示，A、B是两个完全相同的灯泡，D是理想二极管，L是带铁芯的线圈，其电阻忽略不计．下列说法正确的是（）A．S闭合瞬间，A先亮B．S闭合瞬间，A、B同时亮C．S断开瞬间，B逐渐熄灭D．S断开瞬间，A闪亮一下，然后逐渐熄灭【考点】自感现象和自感系数．【分析】依据自感线圈的特征：刚通电时线圈相当于断路，断开电键时线圈相当于电源；二极管的特征是只正向导通．【解答】解：AB、闭合瞬间线圈相当于断路，二极管为反向电流，故电流不走A灯泡，B也不亮，故A 错误，B错误．CD、开关S断开瞬间B立刻熄灭，由于二极管正向导通，故自感线圈与A形成回路，A闪亮一下，然后逐渐熄灭，故C错误，D正确．故选：D．【点评】该题两个关键点，1、要知道理想线圈的特征：刚通电时线圈相当于断路，断开电键时线圈相当于电源；2、要知道二极管的特征是只正向导通．5．一个回旋加速器，保持外加磁场的磁感应强度不变，对质子（H）加速时，可把质子的速度加到最大为v1，所用电场频率为f1；对α粒子（He）加速时，可把α粒子的速度加速到最大为v2，所用电场频率为f2，在不考虑相对论效应的情况下有（）A．v1=2v2，f1=2f2B．C．D．【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理．【专题】定量思想；方程法；带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】在回旋加速器中，加速电场的变化周期与粒子在磁场中运动的周期相等，通过洛伦兹力提供向心力得出最大速率与D形盒半径的关系，从而进行判断．【解答】解：带电粒子在磁场中的运动周期为：T=，则有：f=，因为加速电场的变化周期与粒子在磁场中运动的周期相等，质子（H），而α粒子（He）；那么质子在磁场中运动的周期是α粒子的，则加速电场的变化频率是α粒子2倍，即为f1=2f2．根据qvB=m，R为D形盒的半径，最大速率为v=，质子与α粒子比荷之比2：1，则质子的最大速率是α粒子2倍，即v1=2v2．故A正确，BCD 错误．故选：A．【点评】考查粒子在磁场中周期与半径公式，掌握质子与α粒子的比荷之比，同时解决本题的关键知道回旋加速器中，加速电场的变化周期与粒子在磁场中运动的周期相等．6．如图所示，金属棒ab置于水平放置的金属导体框架cdef上，棒ab与框架接触良好．从某一时刻开始，给这个空间施加一个斜向上的匀强磁场，并且磁场均匀增加，ab棒仍静止，在磁场均匀增加的过程中，关于ab棒受到的摩擦力，下列说法正确的是（）A．摩擦力大小不变，方向向右 B．摩擦力变大，方向向右C．摩擦力变大，方向向左 D．摩擦力变小，方向向左【考点】共点力平衡的条件及其应用；安培力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】磁感应强度均匀增大，穿过回路的磁通量均匀增大，回路中产生恒定的电流，安培力F=BIL，分析安培力的变化，由平衡条件即可判断摩擦力的变化．【解答】解：磁感应强度均匀增大，穿过回路的磁通量均匀增大，根据法拉第电磁感应定律得知，回路中产生恒定的电动势，感应电流I也恒定不变，ab棒所受的安培力：F=BIL，可知安培力F均匀增大；根据楞次定律，磁通量增大，产生顺时针方向的感应电流；根据左手定则，ab棒上的安培力的方向左下方，如图（从前向后看）．水平方向的分量：F x=BIL•sinθ磁场均匀增加，ab棒仍静止，所以ab棒受力平衡，在水平方向上静摩擦力与安培力沿水平方向的分量大小相等，方向相反，即f=F x，所以静摩擦力的方向是水平向右．故B正确，ACD均错误．，金属棒ab始终保持静止，则摩擦力也均匀增大故选：B【点评】本题关键根据法拉第电磁感应定律分析感应电动势如何变化，即可判断感应电流和安培力的变化．二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分，每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分7．如图为“研究电磁感应现象”的实验装置，如果将A线圈插入B线圈后保持不动，闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么闭合电键后，下列情况下电流计指针偏转情况是（）A．保持电键闭合状态，指针一直偏在零点右侧B．保持电键闭合状态，滑动变阻器触头迅速向左滑动时，指针向右偏转一下C．保持电键闭合状态，将A线圈迅速从B线圈中拔出时，指针向左偏转一下D．将电键断开的瞬间，指针向左偏转一下【考点】研究电磁感应现象．【专题】定性思想；推理法；电磁感应与电路结合．【分析】电源与线圈构成一回路，而另一线圈与检流表又构成一个回路．当上方线圈中的磁通量发生变化时，导致下方线圈的磁通量也跟着变化，从而出现感应电流．【解答】解：当在闭合电键时，发现灵敏电流计的指针向右偏了一下．则说明线圈磁通量从无到有即变大，导致电流计指针向右偏一下．A、保持电建闭合状态时，则线圈的磁通量不变，线圈中没有感应电流，则指针一直在零点，故A错误；B、当滑动变阻器触头迅速向左滑动时，电阻增大，电路中电流变小，导致线圈磁通量变小，则电流计指针向左偏转一下．故B错误；C、当将原线圈迅速拔出副线圈时，则线圈的磁通量也是从有到无，则电流计指针向左偏转一下，故C正确；D、将电键断开的瞬间，导致线圈磁通量变小，则电流计指针向左偏转一下，故D正确；故选：CD．【点评】由楞次定律来确定感应电流的方向，而闭合线圈中的磁通量发生变化有几种方式：可以线圈面积的变化，也可以磁场的变化，也可以线圈与磁场的位置变化．8．已知磁敏电阻在没有磁场时电阻很小，有磁场时电阻变大，并且磁场越强电阻值越大．为探测有无磁场，利用磁敏电阻作为传感器设计了如图所示的电路，电源的电动势E和内阻r 不变，在没有磁场时调节变阻器R使电灯L正常发光．若探测装置从无磁场区进入强磁场区，则（）A．电灯L变亮B．电灯L变暗C．电流表的示数减小 D．电流表的示数增大【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】探测装置从无磁场区进入强磁场区时，电阻变大，则总电流变小，根据闭合电路欧姆定律即可分析．【解答】解：探测装置从无磁场区进入强磁场区时，电阻变大，则电路的总电阻变大，根据I=可知总电流变小，所以电流表的示数减小，根据U=E﹣Ir，可知I减小，U增大，所以灯泡两段的电压增大，所以电灯L变亮，故AC正确，BD错误故选AC【点评】本题是电路的动态分析问题，知道电路中有一个电阻变大，总电阻就变大，总电流就变小，再结合闭合电路欧姆定律分析即可，难度不大，属于基础题．9．如图所示，直角三角形ABC中存在一匀强磁场，两个相同的带电粒子先后沿AB方向从A点射入磁场，分别从AC边上的P、Q两点射出，则（）A．从P点射出的粒子速度大B．从Q点射出的粒子速度大C．从P点射出的粒子，在磁场中运动的时间长D．两粒子在磁场中运动时间一样长【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】粒子进入磁场中做匀速圆周运动，由题分析可知，从P点射出的粒子半径比从Q 点射出的粒子半径小，根据牛顿第二定律得到半径与速度的关系，分析速度的大小．根据轨迹的圆心角大小，确定粒子在磁场中运动时间的长短．【解答】解：A、B设粒子的质量、电量分别为m、q，速度大小为v，磁感应强度为B，轨迹半径为R，则由牛顿第二定律得：qvB=m解得：R=，R与速度v成正比．由题分析可知，从P点射出的粒子半径比从Q点射出的粒子半径小，则从Q点射出的粒子速度大．故A错误，B正确．C、D根据几何知识画出轨迹，得到两个轨迹的圆心角∠AO1P=∠AO2Q，设为α，粒子在磁场中运动时间t=T，T相同，则两粒子在磁场中运动是时间一样长．故C错误，D正确．故选：BD．【点评】本题考查分析和处理粒子在有界磁场中圆周运动问题的能力．难点在于运用几何知识确定两粒子的圆心角相同．10．如图1所示，在竖直方向分布均匀的磁场最终水平放置一个金属环，圆环所围面积为0.1m2，圆环电阻为0.2Ω．磁场的磁感应强度B随时间t的变化规律如图2所示（其中在4～5s的时间呈直线）．已知在第1s内感应电流i沿顺时针方向，则（）A．在0～5s的时间段，感应电流先逐渐增大再逐渐减小B．感应电流的方向，在0﹣2s时间段顺时针，在2～5s时间段逆时针C．磁场的方向，在0～4s时间段竖直向上，在4～5s时间段竖直向下D．在0～5s的时间段，线圈最大发热功率为5.0×10﹣4W【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】定量思想；方程法；电磁感应与电路结合．【分析】根据楞次定律判断感应电流的方向，通过法拉第电磁感应定律E=n S求出感应电动势的大小，结合闭合电路欧姆定律求出电流的大小．【解答】解：A、根据闭合电路欧姆定律得，I==n，知磁感应强度的变化率越大，则电流越大，磁感应强度变化率最大值为0.1，则最大电流I=A=0.05A，则在0～5s时间段，感应电流先减小再增大，最后不变．故A错误．B、根据楞次定律知，在0～2s时间段顺时针，在2～5s时间，磁场在减小，则感应电流的方向：逆时针，故B正确；C、根据楞次定律可知，磁场的方向，在0～4s时间段竖直向上，在4～5s时间段竖直向下，故C正确．D、在0～5s时间段，当电流最大时，发热功率最大，则P=I2R=0.052×0.2=5×10﹣4W．故D 正确．故选：BCD．【点评】解决本题的关键会运用法拉第电磁感应定律求解电动势的大小，会运用楞次定律判断感应电流的方向，注意图象中磁场大小与方向的变化．11．某空间存在着如图所示的足够大的沿水平方向的匀强磁场．在磁场中A、B两个物块叠放在一起，置于光滑水平面上，物块A带正电，物块B不带电且表面绝缘．在t1=0时刻，水平恒力F作用在物块B上，物块A、B由静止开始做加速度相同的运动．在A、B一起向左运动的过程中，以下说法正确的是（）A．图乙可以反映A所受洛仑兹力大小随时间t变化的关系B．图乙可以反映A对B的摩擦力大小随时间t变化的关系C．图乙可以反映A对B的压力大小随时间t变化的关系D．图乙可以反映B的加速度随时间t变化的关系【考点】带电粒子在混合场中的运动；牛顿第二定律；洛仑兹力．【分析】对整体分析，运用牛顿第二定律得出加速度，判断出整体的运动规律，然后求出洛伦兹力与时间的变化关系；运用隔离法求出A对B的摩擦力的大小、A对B的压力大小．【解答】解：A、整体受总重力、拉力、洛伦兹力和支持力，合力为F，根据牛顿第二定律，知加速度不变，整体做匀加速直线运动，所以v=at．A所受的洛伦兹力F洛=qvB=qBat，知洛伦兹力与时间成正比，是过原点的一条倾斜直线．故A错误．B、隔离对A分析，A所受的合力等于A的摩擦力，则f=ma，知A所受的静摩擦力不变．故B错误．C、A对B的压力等于B对A的支持力，N=m A g+qvB=m A g+qBat，N与t成一次函数关系．故C正确．D、对整体分析，地面的支持力N′=（m A+m B）g+qBat，压力与时间成一次函数关系．故D 正确．故选：CD．【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，以及注意整体法和隔离法的运用．三、实验题：本题共3小题，共26分，请把答案填在答卷纸上相应的位置12．如图所示，游标卡尺的示数为 1.050cm；螺旋测微器的示数为 3.290mm【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】实验题；定量思想；推理法；基本实验仪器．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．。
安徽省合肥市2016年高三二模物理试题Word版分析
合肥市2016年高三第二次教学质量检测理科综合（物理试题）第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．图示是一做匀变速直线运动的质点的位置一时间图象(x -t 图象)，P(t 1，x 1)为图象上一点。
PQ 为过P 点的切线，与x 轴交于点Q(0，x 2)。
则下列说法正确的是A.t 1时刻，质点的速率为11x t B.t 1时刻，质点的速率为121x x t - C.质点的加速度大小为1221x x t - D.0～t 1时间内，质点的平均速度大小为1212()x x t - 15．自耦变压器铁芯上只绕一个线圈，原、副线圈都只取该线圈的某部分，下图为一降压式自耦变压器的示意图，其副线圈可调。
现将原线圈接入一正弦交变电压，副线圈接入一可调电阻，电路中的A 、V 别为理想交流电流表和交流电压表。
则下列说法正确的是A.只将滑片P 顺时针旋转，电压表V 的示数变大B.只将滑片P 逆时针旋转，电流表A 的示数变大C.只将滑片Q 向上移动，电压表V 的示数变小D.只将滑片Q 向下移动,电流表A 的示数变小16．嫦娥五号”作为我国登月计划中第三期工程的“主打星”，将于2017年左右在海南文昌 卫星发射中心发射，登月后又从月球起飞，并以“跳跃式返回技术”成功返回地面,完成探月工程的重大跨越一带回月球样品。
“跳跃式返回技术”是指航天器在关闭发动机后 进入大气层，依靠大气升力再次冲出大气层，降低速度后再进入大气层。
如图所示，虚线为大气层的边界。
已知地球半径为R,d 点距地心距离为r，地球表面重力加速度为g 。
则下列说法正确的是A.“嫦娥五号”在b 点处于完全失重状B.“嫦娥五号”在d 点的加速度大小等于22gr RC. “嫦娥五号”在a 点和c 点的速率相等D ．“嫦娥五号”在c 点和e 点的速率相等17.如图所示,直角三角形ABC 由三段细直杆连接而成，AB 杆竖直，AC 杆粗糙且绝缘，其 倾角为30°，长为2L ，D 为AC 上一点，且垂直AC ，在BC 杆中点O 处放置一正点电荷Q 。
2016淮南二模理综物理答案
淮南市2016届高三第二次模拟考试理科综合物理答案二、本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的的0分。
第Ⅱ卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。
第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。
第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答。
（一）必考题（129分）22．（6分）（1）0.51 （2）td（3）222d gH gL t μ-=23．（9分）（1）保持电阻箱示数不变（2分）2101U U R U -（2分） (2) 2.0 （2分）0.8（3分） 24.（13分）解：（1）如果水泥袋在AB 段一直加速，设其到达B 端时速度为x v 则有 12xv x t =解得 5.8/x v m s v =>说明水泥袋在AB 段先加速后匀速，设加速时间为t 1，位移为x 1，匀速时间为t 2，位移为x 2 水泥袋在AB 上加速时加速度为1a , 则有1ma mg =μ 加速过程211112x a t =11v a t =匀速过程22x vt =又因为12 3.5x x m +=12 1.2t t s +=联立以上各式解得 0.5μ= ……………………………（6分） （2）水泥袋到B 点时速度为5m/s B v =，以等大速度滑到C 端设CD 部分传送带速度为v C 时水泥袋恰能到达D 点，水泥袋在CD 传送带上速度大于v C时做加速度为23cos 10m/s a gsia g θμθ=+=的匀减速运动位移 22332B c v v x a -=速度小于v C 后做加速度为24sin cos 2m/s a g g θμθ=-=的匀减速运动，直到速度减为零位移 2442c v x a =34 4.45x x m += 解出 4/c v m s =水泥袋能被送到D 端，则CD 部分顺时针运转的最小速度为4m/s 如果传送带以此速度运行，水泥袋第一段减速时间为33B Cv v t a -=第二段减速时间为44Cv t a =则水泥袋从C 端到D 端所用时间34 2.1t t s += ……………………………（7分）25.（19分）解：（1）小球在第一象限中的受力分析如图所示，所以带电小球的电性为负电mg=qE 1tan60°1q =又 qE 1=qvB 1cos60° 即 112E v B =……………………………（5分） （2）小球若在x 轴下方的磁场中做匀速圆周运动，必须使得电场力与重力二力平衡，即应施加一竖直向下的匀强电场， 且电场强度大小满足：qE=mg 即E=E 1 ……………………………（2分）（3）要想让小球恰好与弹性板发生两次碰撞，并且碰撞后返回x 轴上方空间匀速运动到A 点，则其轨迹应该如图所示，且由几何关系可知：3PD=2ON …………………（1分）tan 60o ON ONOA L== …………………（1分） 联立上述方程解得：PD DN ==…………………（1分）则挡板长度至少为PD =…………………（1分） 设在x 轴下方的磁场磁感应强度为B ，则满足：2vqvB m R= …………………（1分）2mT qBπ=…………………（1分） 从N 点运动到C 点的时间为：360603360o oot T -=⨯ …………………（1分）联立上式解得：1t =…………………（1分）由几何关系可知：cos 60o LAN= …………………（1分） 在第一象限运动的时间t 1和第二象限中运动的时间t 2相等，且：11212B LAN L t t v v E ==== …………………（1分） 所以带电小球从A 点出发至回到A 点的过程中所经历的总时间为：012t t t t =++ …………………（1分）联立上述方程解得：1101123B L B Lt E E =+…………………（1分） (二)选考题：共45分。
淮阳县高中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
淮阳县高中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理 班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1． 在水平向右的匀强电场中，质量为m 的带正电质点所受重力mg 是电场力的3倍．现将其以初速度v 0竖直向上抛出，则从抛出到速度最小时所经历的时间为（ ）A ．t ＝v 0gB ．t ＝2v 03gC ．t ＝3v 02gD ．t ＝3v 04g2． 图中a 、b 、c 是匀强电场中同一平面上的三个点，各点的电势分别是U a ＝5V ，U b ＝2V ，U c ＝3V ，则在下列各示意图中能表示该电场强度的方向是（ ）3． （2018·洛阳联考）如图所示，一个电荷量为－Q 的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O 点。
另一个电荷量为＋q 、质量为m 的点电荷乙，从A 点以初速度v 0沿它们的连线向甲运动，运动到B 点时速度为v ，且为运动过程中速度的最小值。
已知点电荷乙受到的阻力大小恒为f ，A 、B 两点间距离为L 0，静电力常量为k ，则下列说法正确的是（ ）A ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中，加速度先增大后减小B ．点电荷乙从A 点向甲运动的过程中，其电势能先增大再减小C ．O 、B 两点间的距离为kQqfD ．在点电荷甲形成的电场中，A 、B 两点间的电势差为U AB ＝fL 0＋12mv 2q4． 如图所示为一质点从t ＝0时刻开始，做初速度为零的匀加速直线运动的位移—时间图象，图中斜虚线为t ＝4 s 时对应图象中的点的切线，交时间轴于t ＝2 s 处，由此可知该质点做匀加速运动的加速度为（ ）A. 22m/sB.21m/s 2 C. 23m/s 2 . D. 22m/s 35． （2017武昌模拟）一质量为m 的带电小球，在竖直方向的匀强电场中以水平速度抛出，小球的加速度竖直向下，大小为2g /3，空气阻力不计。
周口市淮阳县中考物理二模试卷
周口市淮阳县中考物理二模试卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、填空题 (共9题；共24分)1. （3分） (2016九·铜陵月考) 将重物从长4m、高1m的斜面底部匀速推上斜面顶端．已知沿斜面所用的推力是300N，斜面的机械效率是75%，则推力做的总功是________，推力做的有用功是________，物体的重力是________．2. （2分）如图所示是电压表的刻度盘，当使用最大测量值为3V的量程进行测量时，电压表的读数是________V，当使用最大测量值为15V的量程进行测量时，电压表的读数是________V．3. （3分）(2011·苏州) 我们家庭照明电路的电压是________ V．台灯和控制它的开关是________（串联/并联）的，开关必须接在________（零/火）线上．4. （2分）某人在水平地面上用20N的水平推力推动重100N的物体，20s内在水平面上沿推力的方向前进了5m，此人做的功为________J，重力对该物体做功为________ J。
5. （2分）一个重2N的小球在水平桌面滚动0.5m后从桌面掉到水平地面上，桌面距地面的高度是0.8m。
则小球在桌面滚动过程中重力做功为________J，小球掉落过程中重力做功为________J。
6. （4分）电路的基本组成包括________ 、________ 、导线和开关；电路的基本连接方式包括________ 和________ 两种．7. （2分）在如图所示的电路中，当闭合开关后，两个电压表的指针偏转均为图中所示，则灯泡L1和L2两端的电压分别________V和________V8. （3分） (2017八上·萧山月考) 如图所示的电路。
闭合开关，电路会出现________故障；仅拆除导线________，电路是两盏电灯的串联电路；仅将导线________连接到电灯的另一端，电路是两盏电灯的并联电路.9. （3分） (2018九上·宜兴期中) 如图是上海“明珠线”某轻轨车站的设计方案图，与站台连接的轨道有一定坡度从节能的角度分析，这样的设计可以让列车无动力滑行进站时将________能转化为________能储存起来，此过程中机械能总量________。
河南省淮阳县淮阳中学高三物理下学期3月月考试卷(含解析)
河南省淮阳县淮阳中学2016届高三下期3月月考物理试卷1．“天宫一号”宇宙飞船绕地球做匀速圆周运动，它比地球同步卫星轨道低很多，则“天宫一号”宇宙飞船与同步卫星相比A ．“天宫一号”宇宙飞船的线速度较小B ．“天宫一号”宇宙飞船的周期较短C ．“天宫一号”宇宙飞船的向心加速度较小D ．“天宫一号”宇宙飞船受到的万有引力一定较大 【答案】B【解析】由r GM v =，A 错误；由k Tr =23，B 正确；由2r GM a =，C 错误；根据2r MmG F =，由于两者的质量未知，D 错误。
2．如右图所示，带电体Q 靠近一个接地空腔导体，空腔里面无电荷，在静电平衡后，下列物理量中等于零的是（ ）A 、导体腔内任意点的场强B 、导体壳内任意点的场强C 、导体外表面的电量D 、导体空腔内表面的电量 【答案】ABD【解析】静电平衡状态下的导体内部场强处处为零，且内表面不带电，故选项A 、D 正确．由于导体接地，故整个导体的电势为零，选项B 正确．导体外表面受带电体Q 的影响，所带电荷不为零，故选项C 不正确．思路分析：静电平衡状态下的导体内部场强处处为零，且内表面不带电，由于导体接地，故整个导体的电势为零，导体外表面受带电体Q 的影响，所带电荷不为零，试题点评：本题考查了静电平衡，关键是理解静电平衡状态下的导体内部场强处处为零，且内表面不带电 3．如图，质量m A ＞m B 的两物体A 、B 叠放在一起，靠着竖直墙面。
已知两物体与墙面的动摩擦因数μA ＞μB 让它们由静止释放，在沿粗糙墙面下落过程中，物体B 的受力示意图是【答案】A 【解析】试题分析：A 与B 整体同时沿竖直墙面下滑，受到总重力，墙壁对其没有支持力，如果有，将会向右加速运动，因为没有弹力，故也不受墙壁的摩擦力，即只受重力，做自由落体运动；由于整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A、B间无弹力，再对物体B受力分析，只受重力，故A正确；考点：考查了受力分析4．下列几个关于力学问题的说法中正确的是A．米、千克、牛顿等都是国际单位制中的基本单位B．放在斜面上的物体，其重力沿垂直斜面的分力就是物体对斜面的压力C．功虽然有正、负，但它是一个标量D．做匀速直线运动的物体，机械能一定守恒【答案】C【解析】试题分析：米、千克是国际单位制中的基本单位，而牛顿不是国际单位制中的基本单位，是根据牛顿第二定律得到的导出单位．A错误；放在斜面上的物体，其重力沿垂直斜面的分力大小等于物体对斜面的压力，但不能说就是物体对斜面的压力，压力的受力物体是斜面，而重力的分力的受力物体是该物体．B错误；功的合成符合代数合成法则，虽然有正、负，但没有方向，它是一个标量，C正确；做匀速直线运动的物体，合外力做功为零，动能不变，重力势能可能变化，机械能不一定守恒，D错误。
河南省周口市淮阳一高2016届九年级物理上学期第三次月考试题(含解析)新人教版
2015-2016学年河南省周口市淮阳一高九年级（上）第三次月考物理试卷一、选择题（共8小题，每题2分，共16分）1．下列家用电器中，将电能转化为机械能的是( )A．电视机B．电灯 C．电风扇D．电熨斗2．某学校实验室的电灯全都不会亮了，一个同学为了检验电路的故障，他用测电笔测试室内的各接线点，发现不论把笔尖接触哪里氖管都会发光，由此他迅速找到了电路的故障，请你认真分析这个现象，你认为电路的故障可能是( )A．进户火线断路 B．进户零线断路 C．灯泡灯线断了 D．A与B都有可能3．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当闭合开关S，并把滑动变阻器的滑片向右移动过程中，下列说法正确的是( )A．灯泡变亮，电压表示数不变 B．灯泡变暗，电压表读数变小C．灯泡变暗，电压表读数变大 D．灯泡变亮，电压表读数变小4．灯泡L1标有“12V 4W”，L2标有“6V 3W”，把这两盏灯串联接在电源上，闭合开关后有一只灯泡正常发光，则该电源电压是( )A．16V B．18V C．12V D．6V5．家用电能表标有“1500r/（kW•h）”的字样，若只有一台录音机工作，测得电能表转转一周的时间恰好为100秒，则这台录音机的电功率为( )A．8瓦B．15瓦C．20瓦D．24瓦6．如果加在某定值电两端的电压从8V升高到10V，通过该电阻的电流变化了0.1A，则该电阻的电功率变化了( )A．0.2 W B．1.8 W C．2.0 W D．8.0 W7．关于磁感线的概念，下列说法中正确的是( )A．磁感线是磁场中确实存在的线B．没有磁感线的地方就没有磁场C．磁感线是从磁体的S极出来的D．磁体的磁感线越靠近磁极处越密8．下列常见的文具中能被磁铁吸引的是( )A．铜钥匙B．钢尺 C．塑料尺D．橡皮二、填空题（每空1分，共13分）9．小明家5月底和6月底电能表上显示的数字如图所示，则小明家6月份共用电__________kW∙h，需缴纳电费__________元（电价0.5元/kW•h）．1kW∙h能使“220V 40W”的灯泡正常工作__________h．10．一种叫“满天星”的节日彩灯，一组有100只小灯泡串联，将它们接在220伏电压下，每只小灯炮两端的电压为__________伏，如果每一只小灯泡的功率是0.5瓦，则通过每一只小灯泡的电流是__________安．11．某导体的电阻是2Ω，当它通过1A的电流时，导体的功率是__________W；通电1min 消耗的电能为__________J．12．将标有“220V 40W”的灯泡接在200V的电路中，灯泡消耗的实际功率__________额定功率（选填“大于”、“等于”或“小于”）；如果该灯泡正常发光5h，将会消耗__________kW•h的电能．13．当天空中空气的湿度很大，两块云之间的电压很高时，原先不导电的空气就会变成导体，强大的电流可在瞬间通过天空，形成闪电．某次闪电的放电电流约1×104A，电压约1.8×108V，放电时间约0.01s，则这次闪电释放的电能约__________J，合__________kW•h．14．如图所示的电路，电源电压保持不变，R1的阻值为15Ω，只闭合开关S，电流表的示数为0.2A；再闭合开关S1，电流表的示数变为0.5A，则此时电路的总功率为__________W，R2的阻值是__________Ω．15．在如图所示的电路中，电源电压4.5V保持不变，电阻R1=5Ω，变阻器R2的最大阻值为20Ω，电流表量程为0～0.6A，电压表量程0～3V，为保护电表，变阻器接入电路的阻值范围是__________．三、科学探究(每空2分，6分+4分+12分=22分）16．小华用电压表、电流表、滑动变阻器、导线、开关、及新的干电池等实验器材，测量额定电压为2.5V小灯泡L的额定功率．（1）小华连接好图甲所示电路，闭合开关S，发现小灯泡L发光暗淡，观察电压表、电流表均有示数，移动滑动变阻器的滑片P，电压表、电流表示数均不变，出现这种现象的原因是__________．（2）小华改正实验错误后，移动滑动变阻器的滑片P，当电压表示数为2.5V时，发现电流表示数如图乙所示，由此可知，此时通过小灯泡L的电流为__________A；小灯泡L的额定功率为__________W．17．如图是“探究电流通过导体产生的热量与导体电阻关系”的实验装置，铜丝的电阻小于镍铬合金丝的电阻，铜丝和镍铬合金丝串联浸在相同质量和相同初温的煤油中，每一烧瓶里各插入一支温度计．通电一定时间后，可以看到__________瓶中（填A或B）煤油温度升得高，这表明在相同时间内，电流相同的情况下，电阻越__________，电流通过导体时产生的热量越多．18．张皓同学做“测定小灯泡电功率”的实验，设计的电路图如图甲所示，所选用的电压表有0～3V和0～15V两个量程，小灯泡所标示的额定电压为2.5V．（1）本实验中电压表他应选用__________V量程；（2）张皓同学按甲图连好电路如图乙所示，闭合开关前，他应将滑片P移到滑动变阻器的最__________（选填“左”或“右”）端；（3）接着检查电路连接，他发现有一根导线连接错了，请你在乙图中在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法；（4）改正连接后，他闭合开关，发现灯泡不发光，电流表有示数，电压表示数为0，移动滑动变阻器的滑片P可以改变电流表的示数，那么电路的故障原因是：__________；（5）排除故障后进行实验，他根据实验测得的数据，画出了小灯泡的电流随电压变化的图象如图丙所示，由图象可知小灯泡的额定功率是__________W；（6）由步骤（5）知小灯泡的电流随电压变化的图象不是一条直线，他结合实验过程分析得知，形成的原因是：__________．四、作图题(每题2分，共4分）19．请把图中由拉线开关控制的螺丝口灯座、带熔断器的双孔插座和三孔插座接入电路中，要求符合安全用电的原则．20．在图中标出通电螺线管和小磁针的N、S极．五、综合应用题（7分+8分，共15分）21．如图所示电路中，R2=10欧，R3=20欧，电源电压为6V，求：（1）S1，S2都打开时，通过R2的电流是多少？（2）S1、S2都闭合时，干路中的电流为1.2A，R1的阻值是多大？22．小莉在实践活动中设计的模拟调光灯电路，如图所示．她选用的电源电压恒为12V，小灯泡上标有“6V 6W”、滑动变阻器上标有“20Ω 2A”字样．若不考虑灯泡温度对电阻的影响，闭合开关S后，问：（1）小灯泡正常发光时的电阻是多少？（2）当滑动变阻器的滑片P在中点时，电压表的示数以及电路消耗的总功率是多少？2015-2016学年河南省周口市淮阳一高九年级（上）第三次月考物理试卷一、选择题（共8小题，每题2分，共16分）1．下列家用电器中，将电能转化为机械能的是( )A．电视机B．电灯 C．电风扇D．电熨斗【考点】电功的实质．【专题】应用题．【分析】做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外．用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程．【解答】解：电流做功的过程，实际上就是个能量转化的过程，从电能转化成其它形式的能．①电视机是把电能转化为声能和光能，所以A不符合题意．②电灯是把电能转化为光能和内能，所以B不符合题意．③电风扇是把电能转化为机械能，所以C符合题意．④电熨斗是把电能转化为内能，所以D不符合题意．故选C．【点评】本题主要考查学生对：常见的家用电器的能量的转化的了解和掌握．电功也是一种功，所以要和前面的内能、做功等能量知识点联系起来记忆，也能更便于理解．2．某学校实验室的电灯全都不会亮了，一个同学为了检验电路的故障，他用测电笔测试室内的各接线点，发现不论把笔尖接触哪里氖管都会发光，由此他迅速找到了电路的故障，请你认真分析这个现象，你认为电路的故障可能是( )A．进户火线断路 B．进户零线断路 C．灯泡灯线断了 D．A与B都有可能【考点】家庭电路的故障分析．【专题】电与热、生活用电．【分析】灯座的两个接线头一根接的是火线，一根接的是零线．正常情况下，测电笔接触火线时，氖管发光，接触零线时，氖管不发光，而现在接触两个接线头时氖管都发光，表明这两个接线头都与火线相连，也就表明了是零线出现了断路．【解答】解：测电笔是用来辨别火线和零线的，当测电笔接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光．灯座的两个接线头一根接的是火线，另一根接的是零线，正常情况下，用测电笔接触一个接线头时若氖管发光，则接触另一个接线头时氖管就不发光．而现在用测电笔接触两个接线头时氖管都发光，这表明原来接零线的那个接线头也变成了与火线相连．这就说明是零线出现了断路，造成灯泡不亮，同时造成两个接线头都与火线相连．故选B．【点评】当家庭电路出现故障时，我们通常要用测电笔来检查电路故障．如果进户火线断路，则用测电笔接触电路各个点时，氖管都不发光；如果进户零线断路，则用测电笔接触电路各个点时，氖管都发光．3．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当闭合开关S，并把滑动变阻器的滑片向右移动过程中，下列说法正确的是( )A．灯泡变亮，电压表示数不变 B．灯泡变暗，电压表读数变小C．灯泡变暗，电压表读数变大 D．灯泡变亮，电压表读数变小【考点】电路的动态分析．【专题】应用题；欧姆定律．【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化．【解答】解：当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大；根据I=可知，电路中的电流变小；根据U=IR可知，灯泡两端的电压变小，则灯泡变暗；故AD错误；根据串联电路总电压等于各分电压之和可知，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B错误，C正确．故选C．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是会分析滑片移动时滑动变阻器接入电路中电阻的变化．4．灯泡L1标有“12V 4W”，L2标有“6V 3W”，把这两盏灯串联接在电源上，闭合开关后有一只灯泡正常发光，则该电源电压是( )A．16V B．18V C．12V D．6V【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；电阻的串联；电功率的计算．【专题】计算题．【分析】已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式R=可求灯泡的电阻，根据公式I=可求额定电流，串联时，能正常发光的只能是额定电流较小的那一个，再利用公式U=IR可求电源电压．【解答】解：灯泡L1的电阻R1===36Ω，额定电流I1===A，灯泡L2的电阻R2===12Ω，额定电流I2===0.5A，所以串联时正常发光的是灯泡L1，所以电源电压U=I1（R1+R2）=A×（36Ω+12Ω）=16V．故选A．【点评】本题考查电阻、电流和电压的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是判断正常发光的灯泡，要记住串联电路电阻和电流的规律．5．家用电能表标有“1500r/（kW•h）”的字样，若只有一台录音机工作，测得电能表转转一周的时间恰好为100秒，则这台录音机的电功率为( )A．8瓦B．15瓦C．20瓦D．24瓦【考点】电能表参数的理解与电能的求法．【专题】电能和电功率．【分析】根据电能表的参数，求出电能表转一圈所消耗的电能，已知转一圈需要的时间，根据P=求出这台录音机的功率．【解答】解：这台录音机的电功率：P===0.024kW=24W．故选D．【点评】本题考查对电能表参数的理解，这是解题的难点也是关键，再运用电功率公式就可求功率．6．如果加在某定值电两端的电压从8V升高到10V，通过该电阻的电流变化了0.1A，则该电阻的电功率变化了( )A．0.2 W B．1.8 W C．2.0 W D．8.0 W【考点】电功率的计算．【专题】计算题；电能和电功率．【分析】电阻大小不变，已知电阻两端电压的变化和电流的变化，根据公式I=可求电阻的大小，根据公式P=可知该电阻的电功率变化．【解答】解：电阻两端的电压变化，电阻保持不变，当电阻两端的电压为8V时，通过电阻的电流为I1==﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，当电阻两端的电压为10V时，通过电阻的电流为I2==﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，电流的变化量△I=I2﹣I1=0.1A﹣﹣﹣﹣③，由①②③解得R=20Ω，电阻电功率变化量：△P=P2﹣P1=﹣=﹣=1.8W．故选B．【点评】本题考查电功率和电流以及电阻的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是求电阻的阻值，这也是本题的难点，也是此题的突破点．7．关于磁感线的概念，下列说法中正确的是( )A．磁感线是磁场中确实存在的线B．没有磁感线的地方就没有磁场C．磁感线是从磁体的S极出来的D．磁体的磁感线越靠近磁极处越密【考点】磁感线及其特点．【专题】磁现象、电生磁．【分析】磁感线是为了便于研究磁场，假想的分布在磁体周围的曲线；磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，在内部则是从S极回到N极；磁感线的分布疏密可以反映磁场的强弱，越密越强，反之越弱．【解答】解：A、磁感线是为了描述磁场而引入的有方向的曲线，是不存在的，故A错误；B、磁感线是人为的画出来的，磁场存在于磁体周围的空间，没有磁感线的区域也有磁场，故B错误；C、磁体外部的磁感线都是从磁体的N极出来，回到S极，故C错误；D、磁感线的分布疏密可以反映磁场的强弱，越密越强，反之越弱，故D正确．故选D．【点评】本题考查了磁感线的引入的原因和特点，由于磁场是看不见，摸不着的，为了描述磁场的性质而引入了磁感线的概念，它是假想出来的有方向的曲线，但可以描述磁场的性质．8．下列常见的文具中能被磁铁吸引的是( )A．铜钥匙B．钢尺 C．塑料尺D．橡皮【考点】磁性材料．【专题】磁现象、电生磁．【分析】磁性材料是容易被磁化的物质，如铁、钴、镍．生活中具有这些磁性材料的物体，都容易被磁铁吸引．可根据上述物品是否由磁性物质制成的来进行分析．【解答】解：上述物品中只有钢尺是磁性材料钢铁制成的，能被磁铁吸引．故选B．【点评】本题考查学生对生活中由磁性材料制成的或含有磁性材料的工具的了解，平时要多注意生活和物理知识之间的联系．二、填空题（每空1分，共13分）9．小明家5月底和6月底电能表上显示的数字如图所示，则小明家6月份共用电47.2kW∙h，需缴纳电费23.6元（电价0.5元/kW•h）．1kW∙h能使“220V 40W”的灯泡正常工作25h．【考点】电能表参数的理解与电能的求法．【专题】计算题；应用题．【分析】（1）本月耗电量：月末的减去月初的示数；最后一位是小数；单位kW•h；然后根据耗电量和电价求出电费；（2）已知消耗的电能和灯泡的额定功率，根据公式W=Pt可求灯泡的工作时间．【解答】解：（1）消耗电能W=412.4kW•h﹣365.2kW•h=47.2kW•h应付电费47.2kW•h×0.50元/kW•h=23.6元（2）工作的时间t===25h；故答案为：47.2；23.6；25．【点评】本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法，以及电功率计算公式的灵活运用，一定要理解电能表的各个参数的物理意义．10．一种叫“满天星”的节日彩灯，一组有100只小灯泡串联，将它们接在220伏电压下，每只小灯炮两端的电压为2.2伏，如果每一只小灯泡的功率是0.5瓦，则通过每一只小灯泡的电流是0.23安．【考点】电功率的计算；串联电路的电压规律．【专题】计算题．【分析】根据串联电路的电压规律即可求出每只小灯炮两端的电压，再根据I=即可求出通过每一只小灯泡的电流．【解答】解：因为有100只小灯泡串联，将它们接在220伏电压下，根据串联分压的规律，每只小灯炮两端的电压为：=2.2v，I==≈0.23A．故答案为：2.2；0.23．【点评】此题主要考查学生对电功率的计算，串联电路的电流规律，串联电路的电压规律，欧姆定律的应用等知识点的理解和掌握．11．某导体的电阻是2Ω，当它通过1A的电流时，导体的功率是2W；通电1min消耗的电能为120J．【考点】电功率的计算；电功的计算．【专题】计算题；电能和电功率．【分析】知道导体的电阻和通过的电流，根据P=I2R求出导体的功率，根据W=Pt求出通电1min消耗的电能．【解答】解：导体的功率：P=I2R=（1A）2×2Ω=2W，由P=可得，通电1min消耗的电能：W=Pt=2W×60s=120J．故答案为：2；120．【点评】本题考查了电功率和电功的计算，是一道基础题目．12．将标有“220V 40W”的灯泡接在200V的电路中，灯泡消耗的实际功率小于额定功率（选填“大于”、“等于”或“小于”）；如果该灯泡正常发光5h，将会消耗0.2kW•h的电能．【考点】实际功率；电功的计算．【专题】压轴题．【分析】（1）灯泡标有“220V 40W”含义：灯泡正常工作时的电压是额定电压，额定电压是220V，额定电压下的功率是额定功率，额定功率是40W．（2）用电器的实际电压大于额定电压时，实际功率大于额定功率；实际电压等于额定电压时，实际功率等于额定功率；实际电压小于额定电压时，实际功率小于额定功率．（3）根据W=Pt进行计算．【解答】解：（1）灯泡接在200V的电路中，灯泡的实际电压小于额定电压，灯泡消耗的实际功率小于额定功率．（2）灯泡正常发光5h消耗的电能：W=Pt=0.04kW×5h=0.2kW•h故答案为：小于；0.2．【点评】（1）掌握用电器铭牌参数的含义，掌握实际电压、实际功率、额定电压、额定功率．（2）根据W=Pt进行计算．13．当天空中空气的湿度很大，两块云之间的电压很高时，原先不导电的空气就会变成导体，强大的电流可在瞬间通过天空，形成闪电．某次闪电的放电电流约1×104A，电压约1.8×108V，放电时间约0.01s，则这次闪电释放的电能约1.8×1010J，合5000kW•h．【考点】电功的计算．【专题】电能和电功率．【分析】知道雷电的放电电压、放电电流和放电时间，可利用公式W=UIt计算释放的电能．1kW•h=3.6×106J．【解答】解：U=1.8×108V，I=1×104A，t=0.01s，释放的电能为：W=UIt=1.8×108V×1×104A×0.01s=1.8×1010J．1.8×1010J=kW•h=5000kW•h．故答案为：1.8×1010；5000．【点评】本题考查雷雨天放电的现象以及释放电能的计算，通过计算让人们明白雷电释放的能量很大，雷雨天一定要注意．14．如图所示的电路，电源电压保持不变，R1的阻值为15Ω，只闭合开关S，电流表的示数为0.2A；再闭合开关S1，电流表的示数变为0.5A，则此时电路的总功率为1.5W，R2的阻值是10Ω．【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用．【专题】电路和欧姆定律．【分析】当只闭合S时，R1单独接入电路，根据欧姆定律和已知条件求出电源电压；再闭合S1时，R2并联在电路中，已知总电流，利用P=UI求出总功率；根据并联电压相等和分流作用，运用欧姆定律求出R2阻值．【解答】解：当只闭合S时，R1单独接入电路，R1=15Ω，I1=0.2A，由I=得：U=I1R1=0.2A×15Ω=3V，当再闭合S1时，两电阻并联，则U2=U=3V，I=0.5A，I2=I﹣I1=0.5A﹣0.2A=0.3A，故总功率为：P=UI=3V×0.5A=1.5W；R2===10Ω．故答案为：1.5；10．【点评】此题主要考查学生对于并联电路特点和欧姆定律、电功率的理解和掌握．属于中档题．15．在如图所示的电路中，电源电压4.5V保持不变，电阻R1=5Ω，变阻器R2的最大阻值为20Ω，电流表量程为0～0.6A，电压表量程0～3V，为保护电表，变阻器接入电路的阻值范围是2.5Ω～10Ω．【考点】欧姆定律的应用．【专题】计算题；欧姆定律．【分析】由电路图可知，滑动变阻器R2与电阻R1串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路总电流，电流表示数最大为0.6A，电压表示数最大为3V，根据欧姆定律和串联电路的特点分别算出对应的滑动变阻器的阻值．【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器R2与电阻R1串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路总电流，当电流表示数为I1=0.6A时，滑动变阻器接入电路的电阻最小，根据欧姆定律可得，电阻R1两端电压：U1=I1R1=0.6A×5Ω=3V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：U2=U﹣U1=4.5V﹣3V=1.5V，因串联电路中各处的电流相等，所以，滑动变阻器连入电路的电阻最小：R滑最小===2.5Ω；当电压表示数最大为U2最大=3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，此时R1两端电压：U1′=U﹣U2最大=4.5V﹣3V=1.5V，电路电流为：I2===0.3A，滑动变阻器接入电路的最大电阻：R滑最大===10Ω，变阻器接入电路的阻值范围为2.5Ω～10Ω．故答案为：2.5Ω～10Ω．【点评】本题考查了求滑动变阻器接入电路的阻值范围，注意求阻值范围时，根据电流表和电压表的最大值进行计算，并且会灵活运用欧姆定律．三、科学探究(每空2分，6分+4分+12分=22分）16．小华用电压表、电流表、滑动变阻器、导线、开关、及新的干电池等实验器材，测量额定电压为2.5V小灯泡L的额定功率．（1）小华连接好图甲所示电路，闭合开关S，发现小灯泡L发光暗淡，观察电压表、电流表均有示数，移动滑动变阻器的滑片P，电压表、电流表示数均不变，出现这种现象的原因是滑动变阻器同时接了下面两个接线柱．（2）小华改正实验错误后，移动滑动变阻器的滑片P，当电压表示数为2.5V时，发现电流表示数如图乙所示，由此可知，此时通过小灯泡L的电流为0.3A；小灯泡L的额定功率为0.75W．【考点】电功率的测量．【专题】探究型实验综合题．【分析】（1）滑动变阻器不起作用的原因：被短路或作为定值电阻接入电路．（2）电压表测灯泡电压，灯泡正常工作时，电压表示数为灯泡的额定电压，读出电流值，根据P=UI计算功率．【解答】解：（1）闭合开关S，发现小灯泡L发光暗淡，无论如何移动滑动变阻器的滑片P，电压表、电流表均有示数，但都不改变，说明滑动变阻器不起作用，可能是滑动变阻器同时接了下面两个接线柱．（2）电压表测灯泡电压，灯泡正常工作时，电压表示数为2.5V，电流表0～0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，电流为0.3A，P=UI=2.5V×0.3A=0.75W．故答案为：（1）滑动变阻器同时接了下面两个接线柱；（2）0.3；0.75．【点评】此题是测量电功率的实验，考查了滑动变阻器的接法及使用，考查了电压表的读数及电功率的计算，这些都是很基础、很重点的内容，在试题中出现的频率高，综合性较强．．17．如图是“探究电流通过导体产生的热量与导体电阻关系”的实验装置，铜丝的电阻小于镍铬合金丝的电阻，铜丝和镍铬合金丝串联浸在相同质量和相同初温的煤油中，每一烧瓶里各插入一支温度计．通电一定时间后，可以看到B瓶中（填A或B）煤油温度升得高，这表明在相同时间内，电流相同的情况下，电阻越大，电流通过导体时产生的热量越多．【考点】焦耳定律．【专题】压轴题；探究题．【分析】由电路图可知，两电阻丝串联，通过两电阻丝的电流和通电时间相同，根据焦耳定律Q=I2Rt分析答题．【解答】解：由电路图可知，两电阻丝串联，通过他们的电流I与通电时间t相同，铜丝的电阻小于镍铬合金丝的电阻，由Q=I2Rt可知，镍铬合金丝产生的热量多，B瓶中煤油吸收的热量多，温度升得高，这表明：在相同时间内，电流相同的情况下，电阻越大，电流通过导体时产生的热量越多．故答案为：B；大．【点评】本题考查了学生对焦耳定律、串联电路的电流关系的了解和掌握，难度不大，但综合性强，属于中考必考的探究实验题型．18．张皓同学做“测定小灯泡电功率”的实验，设计的电路图如图甲所示，所选用的电压表有0～3V和0～15V两个量程，小灯泡所标示的额定电压为2.5V．（1）本实验中电压表他应选用0～3V量程；（2）张皓同学按甲图连好电路如图乙所示，闭合开关前，他应将滑片P移到滑动变阻器的最左（选填“左”或“右”）端；（3）接着检查电路连接，他发现有一根导线连接错了，请你在乙图中在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法；（4）改正连接后，他闭合开关，发现灯泡不发光，电流表有示数，电压表示数为0，移动滑动变阻器的滑片P可以改变电流表的示数，那么电路的故障原因是：灯泡短路；（5）排除故障后进行实验，他根据实验测得的数据，画出了小灯泡的电流随电压变化的图象如图丙所示，由图象可知小灯泡的额定功率是0.75W；（6）由步骤（5）知小灯泡的电流随电压变化的图象不是一条直线，他结合实验过程分析得知，形成的原因是：灯泡的电阻随温度的变化而变化．【考点】电功率的测量．【专题】测量型实验综合题．。
淮阳县高级中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
淮阳县高级中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理 班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1． 如图质量为3 kg 的物体A 静止在竖直的轻弹簧上面。
质量为2 kg 的物体B 用细线悬挂, A 、B 紧挨在一起但A 、B 之间无压力。
某时刻将细线剪断,则细线剪断瞬间,B 对A 的压力大小为（g 取10 m/s 2） A.0 B. 12 N C. 8 N D.50 N【答案】B2． 下列关于电场的叙述错误的是 A. 静止电荷的周围存在的电场称为静电场 B. 只有电荷发生相互作用时电荷才产生电场 C. 只要有电荷存在，其周围就存在电场D. A 电荷受到B 电荷的作用，是B 电荷的电场对A 电荷的作用 【答案】B【解析】静止电荷的周围存在的电场称为静电场，选项A 正确；电荷的周围存在电场，无论电荷之间是否发生相互作用，选项B 错误；只要有电荷存在，其周围就存在电场，选项C 正确；A 电荷受到B 电荷的作用，是B 电荷的电场对A 电荷的作用，选项D 正确；故选B. 3． 关于电源电动势E 的下列说法中错误的是：（ ） A ．电动势E 的单位与电势、电势差的单位相同，都是伏特V B ．干电池和铅蓄电池的电动势是不同的 C ．电动势E 可表示为E=qW，可知电源内非静电力做功越多，电动势越大 D ．电动势较大，表示电源内部将其它形式能转化为电能的本领越大 【答案】C4． 如图所示，在距水平地面高为0.4m 处，水平固定一根长直光滑杆，在杆上P 点固定一定滑轮，滑轮可绕水平轴无摩擦转动，在P 点的右边，杆上套有一质量m=2kg 的滑块A 。
半径R ＝0.3m 的光滑半圆形细轨道竖直地固定在地面上，其圆心O 在P 点的正下方，在轨道上套有一质量也为m=2kg 的小球B 。
用一条不可伸长的柔软细绳，通过定滑轮将A 、B 连接起来。
杆和半圆形轨道在同一竖直面内，A 、B 均可看作质点，且不计滑轮大小的影响。
河南省淮阳市2013届高三物理第二次月考试题 新人教版
2012-2013河南省淮阳第一高级中学高三第二次月考物理试题本试卷分第1卷〔选择题〕和第2卷(非选择题)两局部。
第1卷和第2卷共4页。
共100分。
考试时间90分钟第1卷〔选择题 共40分〕一、选择题〔每一小题4分，共40分。
如下每一小题所给选项至少有一项符合题意，请将正确答案的序号填涂在答题卡上，选对一个得2分，错选、多项选择不得分〕1、关于速度和加速度的关系,正确的答案是…………………………………………〔 〕 A.速度变化大,加速度就大 B.速度变化越快,加速度越大C.加速度方向保持不变,速度方向也不变D.加速度数值不断变小,速度也不断变小2．汽车以30m/s 的速度在平直公路上行驶，急刹车时的加速度大小为6m/s 2，如此自驾驶员急踩刹车开始计时，2s 与6s 内汽车的位移之比为 A.2:3B.16∶25C 25:16 D.4∶33．从地面以大小为v 1的初速度竖直向上抛出一个皮球，经过时间t 皮球落回地面，落地时皮球的速度的大小为v 2。
皮球在运动过程中受到空气阻力的大小与速度的大小成正比，重力加速度大小为g 。
下面给出时间t 的四个表达式中只有一个是合理的。
你可能不会求解t ，但是你可以通过一定的物理分析，对如下表达式的合理性做出判断。
根据你的判断，你认为t 的合理表达式应为 A ．g v v t 21=B ．gvv t 21-= C ．gv v t 21+=D ．gv v t 21=4．一个小孩在蹦床上作游戏，他从高处落到蹦床上后又被弹起到原高度．小孩从高处开始下落到弹回的整个过程中，他的运动速度随时间变化的图象如图6—2所示，图中oa 段和cd 段为直线．如此根据此图象可知，小孩和蹦床相接触的时间为…………………………( )A ．t 2～t 4B ．t 1～t 4C ．t 1～t 5D ．t 2～t 55．如下列图，上外表光滑的半圆柱体放在水平面上，小物块从靠近半圆柱体顶点O的A点，在外力F作用下沿圆弧缓慢下滑到B点，此过程中F始终沿圆弧的切线方向且半圆柱体保持静止状态．如下说法中正确的答案是〔〕A．半圆柱体对小物块的支持力变大B．外力F先变小后变大C．地面对半圆柱体的摩擦力先变大后变小D．地面对半圆柱体的支持力变大6．如下列图，一根轻绳跨过定滑轮后系在质量较大的球上，球的大小不可忽略。
高三物理月考试题及答案-河南淮阳县淮阳中学2016届高三下期3月月考试卷
河南省淮阳县淮阳中学2016届高三下期3月月考物理试卷1．“天宫一号”宇宙飞船绕地球做匀速圆周运动，它比地球同步卫星轨道低很多，则“天宫一号”宇宙飞船与同步卫星相比A．“天宫一号”宇宙飞船的线速度较小B．“天宫一号”宇宙飞船的周期较短C．“天宫一号”宇宙飞船的向心加速度较小D．“天宫一号”宇宙飞船受到的万有引力一定较大2．如图所示，带电体Q靠近一个接地空腔导体，空腔里面无电荷，在静电平衡后，下列物理量中等于零的是（）A、导体腔内任意点的场强B、导体壳内任意点的场强C、导体外表面的电量D、导体空腔内表面的电量3．如图，质量m A＞m B的两物体A、B叠放在一起，靠着竖直墙面。
已知两物体与墙面的动摩擦因数μA＞μB让它们由静止释放，在沿粗糙墙面下落过程中，物体B的受力示意图是4．下列几个关于力学问题的说法中正确的是A．米、千克、牛顿等都是国际单位制中的基本单位B．放在斜面上的物体，其重力沿垂直斜面的分力就是物体对斜面的压力C．功虽然有正、负，但它是一个标量D．做匀速直线运动的物体，机械能一定守恒5．如图所示，两根垂直纸面、平行且固定放置的直导线M和N，通有同向等值电流，沿纸面与直导线M 、N 等距放置另一根可自由移动的通电导线ab ，则通电导线ab 在安培力作用下运动的情况是（ ）A.a 端转向纸里，b 端转向纸处B.a 端转向纸外，b 端转向纸里C.沿纸面逆时针转动D.沿纸面顺时针转动6．如图所示， 在一个边长为a 的正六边形区域内存在磁感应强度为B ，方向垂直于纸面向里的匀强磁场，三个相同带正电的粒子，比荷为先后从A 点沿AD 方向以大小不等的速度射入匀强磁场区域，粒子在运动过程中只受磁场力作用；已知编号为①的粒子恰好从F 点飞出磁场区域；编号为②的粒子恰好从E 点飞出磁场区域；编号为③的粒子从ED 边上的某一点垂直边界飞出磁场区域；则A.B.编号为②的粒子在磁场区域内运动的时间C.编号为③的粒子在ED 边上飞出的位置与E 点的距离D. 三个粒子在磁场内运动的时间依次减少并且为4:2:17．在研究微型电动机的性能时，可采用如图所示的实验电路。
高三物理下学期第二次月考4月试题word版本
河北定州2016-2017学年第二学期高三第2次月考物理试卷一、选择题1．2016年里约奥运会田径比赛在200米决赛中，飞人博尔特以19秒79的成绩夺得冠军，下列说法正确的是（）A. 200米指位移B. 19秒79为时间间隔C. 博尔特撞线时可以看成质点D. 博尔特夺冠是因为他的加速度最大2．图中a、b、c、d为四根与纸面垂直的长直导线，其横截面位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相同的电流，方向如图所示．一带正电的粒子从正方形中心O点沿垂直于纸面的方向向外运动，它所受洛伦兹力的方向是()A. 向上B. 向下C. 向左D. 向右3．以下几种关于质点的说法，你认为正确的是（）A．只有体积很小或质量很小的物体才可以看作质点B．只要物体运动得不是很快，物体就可以看作质点C．质点是一种特殊的实际物体D．物体的大小和形状在所研究的问题中起的作用很小，可以忽略不计时，可把它看作质点4．如下电器设备在工作时，没有利用到电磁感应现象的是：A. 变压器B. 电磁炉C. 日光灯内的镇流器D. 电动机5．如图所示，理想变压器原、副线圈匝数之比n1∶n2＝4∶1，原线圈两端连接光滑导轨，副线圈与电阻R相连组成闭合回路．当直导线AB在匀强磁场中沿导轨匀速地向右做切割磁感线运动时，电流表A1的读数是12毫安，那么电流表A2的读数是()A. 0B. 3毫安C. 48毫安D. 与R值大小有关6．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，R1的阻值和电内阻r相等．当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，（）A. 电压表读数增大B. 电流表读数减小C. 电的输出功率逐渐增大D. 质点P将向上运动7．物体同时受到同一平面内的三个力作用，下列几组力中，它们的合力不可能为零的是A．5N、7N、8N B．2N、3N、5NC．1N、5N、10N D．1N、10N、10N8．如图所示，用倾角为300的光滑木板AB托住质量为m的小球，小球用轻质弹簧系住，当小球处于静止状态时，弹簧恰好水平，当木板AB突然向下撤离的瞬间，小球的加速度为（）A．0B．大小为g，方向竖直向下C．大小为，方向垂直木板向下D．大小为，方向水平向右9．关于自由落体运动，下列说法正确的是（）A．物体只在重力作用下从静止开始下落的运动叫自由落体运动B．加速度为重力加速度g的运动就是自由落体运动C．物体竖直向下的运动一定是自由落体运动D．物体下落过程中，速度和加速度同时增大10．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略。
河南省周口市淮阳2017届高三上期第二次月考试题10月物理Word版含答案
高三年级第二次月考物理试题命题人：吴之勇审题人：李兴强一、选择题（本题共七个小题，每小题4分，共48题；1-10题是单项选择题，11-12题是多项选择题。
)1、伽利略创造的把实验、假设和逻辑锥理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认设的发展*利用如图所示的装置做如下实验；小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升。
斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3，根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是A.如果小球受力的作用，它的运动状态将挺生改变B.如果小磲不受力,它将一直保持匀速运动或静止状态C.如果斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置D.小球受到的力一定时，质置越大，它的加速度越小2、如图所示F1、F2为有一定夹角的两个力，L为过0点的一条直线，当L 取什么方向时，F1、F2分力之和为最小（ )A.垂直于F1、F2中较大力的方向B. F1、F2中较大力的方向C.沿垂直于F1、F2的合力方向D.沿F1、F2的合力方向3、一质点沿x轴做直线运动，其v-t图像如图所示。
质点在t =0时位于x =-5m处，开始沿x轴正向运动，t = 1.2s时，质点在x轴上的位置为A.x=19mB. x=14mC.x=17mD. x=25m4、如图所示，物块A放在直角三角形斜面体B上面，放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁，初始时A、B静止。
现用力F沿斜面向上推A，但AB并未运动。
下列说法正确的是（）A.A、B之间的摩檫力一定变小B. B与墙之间可能没有摩擦力C.弹簧弹力可能减小D.弹簧弹力一定不变5、两根长度不同的细线下面分别悬挂两个小球，细线上端固定在同一点，若两个小球以相同的角速度绕共同的竖直轴在水平面内做匀速圆周运动，则两个摆球在运动过程中，相对位置关系示意图正确的是（）6、光盘驱动器在读取内圈数据时，以恒定线速度方式读取。
而在读取外圈数据时，以恒定角速度的方式读取。
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20淮阳中学2016届高三第二次月考试卷物理（问卷）时量：90分钟 满分：100分 命题人：张洪明 审题人：周东前一：选择题（12，×4=48，，其中1-8单项选择，9-12多项选择）1.一枚火箭由地面竖直向上发射，其速度和时间的关系图线下图所示，则 （A ）A.t 3时刻火箭距地面最远B.t 2～t 3时间内，火箭在向下降落C.t 1～t 2时间内，火箭处于失重状态D.0～t 3时间内，火箭始终处于失重状态2.“蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动。
某人做蹦极运动，所受绳子拉力F 的大小随时间t 变化的情况如图所示。
将蹦极过程近似为在竖直方向的运动，重力加速度为g 。
据图可知，此人在蹦极过程中t 0时刻加速度约为（ B ） A ．83g B ．53g C ．85g D ．g3.如图所示，一质点在一恒力作用下做曲线运动，从M 点运动到N 点时，质点的速度方向恰好改变了90°。
在此过程中，质点的速度（ C ） A.不断增大 B.不断减小 C.先减小后增大 D.先增大后减小4.如图所示，一条细绳跨过定滑轮连接物体A 、B ，A 悬挂起来，B 穿在一根竖直杆上，两物体做竖直运动，不计绳与滑轮、B 与竖直杆间的摩擦，已知绳与竖直杆间的夹角θ，则此时物体A 、B 的速度之比V A ∶V B 等于 ( A )A ．cos θ∶1B ．1∶cos θC ．tan θ∶1D ．1∶sin θ5.如图，一质量为M 的光滑大圆环，用一细杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m 的小环（可视为质点），从大环的最高处由静止滑下。
重力加速度大小为g 。
当小环滑到大环的最低点时，大环对轻杆拉力的大小为（ C ） A ．Mg-5mg B.Mg+mg C.Mg+5mg D.Mg+10mg6.假设地球可视为质量均匀分布的球体。
已知地球表面重力加速度在两极的大小为g 0，在赤道的大小为g ，地球的自转的周期为T ，引力常量为G ，地球的密度为（ B ）7.如图所示，水平桌面上一小钢球沿直线运动．若在钢球运动的正前方A 处或旁边B 处放一块磁铁，下列关于小球运动的说法正确的是（ D ） A ．磁铁放在A 处时，小球做匀速直线运动 B ．磁铁放在A 处时，小球做匀加速直线运动 C ．磁铁放在B 处时，小球做匀速圆周运动 D ．磁铁放在B 处时．小球做变加速曲线运动8.有一辆用链条传动的变速自行车，中轴（踏脚转轴）有两个齿轮盘，其齿数各为48、38，后轴飞轮上有三个齿轮盘，其齿数分别为14、17、24。
若人以相同的转速带动脚踏，则用不同的齿轮盘组合，能使自行车得到的最大行进速度与最小行进速度之比约为（ B ） A ．2.27 B ．2.17 C ．1.36 D ．1.269.如图所示，木箱顶端固定一竖直放置的弹簧，弹簧下方有一物块，木箱静止时弹簧处于伸长状态且物块与箱底间有压力．若在某段时间内，物块对箱底刚好无压力，则在此段时间内，木箱的运动状态可能为( AC ) A ．加速下降 B ．加速上升C ．物块处于失重状态D ．物块处于超重状态10．一快艇从离岸边100m 远的河流中央向岸边行驶。
已知快艇在静水中的速度图象如图甲所示；河中各处水流速度相同，且速度图象如图乙所示。
则（ BC ）A ．快艇的运动轨迹可能为直线，也可能为曲线B ．快艇的运动轨迹一定为曲线C ．快艇最快到达岸边，所用的时间为20sD ．快艇最快到达岸边，经过的位移为100m11.如图甲所示，水平传送带始终以恒定速率v 1运行．初速度大小为v 2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A 处滑上传送带．若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v －t 图象(以地面为参考系)如图乙所示．已知v 2＞v 1，错误的是( ACD ) A. t 2时刻，小物块离A 处的距离达到最大B. t 2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C. 0～t 2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D. 0～t 3时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用 12.如图所示，质量为m 的木块在质量为M 的长木板上向右滑行，木块同时受到向右的拉力F 的作用，长木板处于静止状态，已知木板与木板间的动摩擦因数为μ1，木板与地面间的动摩擦因数为μ2，则（ AD ） A ．木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ1mg B ．木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ2(m+M)g C ．当F ＞μ2（m+M ）g 时，木板便会开始运动 D ．无论怎样改变F 的大小，木板都不可能运动二：试验填空题（2，×6=12，）13、某实验小组利用如图所示的气垫导轨实验装置来探究合力一定时，物体的加速度与质量之间的关系。
（1）做实验时，将滑块从图所示位置由静止释放，由数字计时器（图中未画出）可读出遮光条通过光电门1、2的时间分别为Δt 1、Δt 2；用刻度尺测得两个光电门中心之间的距离x ，用游标卡尺测得遮光条宽度d 。
则滑块经过光电门1时的速度表达式v 1= ；，滑块加速度的表达式a= 。
（以上表达式均用已知字母表示）。
（2）为了保持滑块所受的合力不变，可改变滑块质量M 和气垫导轨右端高度h （见图）。
关于“改变滑块质量M 和气垫导轨右端的高度h”的正确操作方法是A ．M 增大时，h 增大，以保持二者乘积增大B ．M 增大时，h 减小，以保持二者乘积不变C ．M 减小时，h 增大，以保持二者乘积不变D ．M 减小时，h 减小，以保持二者乘积减小14．在“探究力的平行四边形定则”的实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套．实验中需用两个弹簧测力计分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O . (1)某同学在做该实验时认为：A ．拉橡皮条的绳细一些且长一些，实验效果较好B ．拉橡皮条时，弹簧测力计、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行C ．橡皮条弹性要好，拉结点到达某一位置O 时，拉力要适当大些D ．拉力F 1和F 2的夹角越大越好其中正确的是________(填入相应的字母)．(2)若两个弹簧测力计的读数均为4 N ，且两弹簧测力计拉力的方向相互垂直，则________(选填“能”或“不能”)用一个量程为5 N 的弹簧测力计测量出它们的合力， 理由是__________________________．三：计算题（2，×6=12，）15.在一次抗洪救灾工作中，一架直升机A 用长H ＝50 m 的悬索(重力可忽略不计)系住一质量m ＝50 kg 的被困人员B ，直升机A 和被困人员B 以v0＝10 m/s 的速度一起沿水平方向匀速运动，如图甲所示．某时刻开始收悬索将人吊起，在5 s 时间内，A 、B 之间的竖直距离以l ＝50－t 2(单位：m)的规律变化，取g ＝10 m/s 2. 求：(1)求这段时间内悬索对被困人员B 的拉力大小；(2)求在5 s 末被困人员B 的速度大小及位移大小； (3)直升机在t ＝5 s 时停止收悬索，但发现仍然未脱离洪水围困区，为将被困人员B 尽快运送到安全处，飞机在空中旋转后静止在空中寻找最近的安全目标，致使被困人员B 在空中做圆周运动，如图乙所示．此时悬索与竖直方向成37°角，不计空气阻力，求被困人员B 做圆周运动的线速度以及悬索对被困人员的拉力．(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)光电门2 遮光条光电门116.（13分）如图所示，长12m 、质量为50kg 的木板右端有一立柱，木板置于水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数为0.1，质量为50kg 的人立于木板的左端。
木板与人都静止。
当人以4m/s 2的加速度向右奔跑至板的右端立柱时。
取g=10m/s 2。
试求： （1）人在奔跑过程中受到的摩擦力的大小？ （2）人在奔跑的过程中木板的加速度.（3）人从开始奔跑至到达木板的右端时，人和木板对地各 运动了多大距离？17.抛体运动在各类体育运动项目中很常见，如乒乓球运动．现讨论乒乓球发球问题，设球台长2L 、网高h ，乒乓球反弹前后水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反，且不考虑乒乓球的旋转和空气阻力．(设重力加速度为g )(1)若球在球台边缘O 点正上方高度为h 1处以速度v 1水平发出，落在球台的P 1点(如图中实线所示)，求P 1点距O 点的距离x 1;(2)若球在O 点正上方以速度v 2水平发出，恰好在最高点时越过球网落在球台的P 2点(如图中虚线所示)，求v 2的大小；(3)若球在O 点正上方水平发出后，球经反弹恰好越过球网且刚好落在对方球台边缘P 3处，求发球点距O 点的高度h 3.18.（18分）如图18所示，一条带有圆轨道的长轨道水平固定，圆轨道竖直，底端分别与两侧的直轨道相切，半径R=0.5m 。
物块A 以V 0=6m/s 的速度滑入圆轨道，滑过最高点Q，再沿圆轨道滑出后，与直轨上P 处静止的物块B 碰撞，碰后粘在一起运动，P 点左侧轨道光滑，右侧轨道呈粗糙段，光滑段交替排列，每段长度都为L=0.1m 。
物块与各粗糙段间的动摩擦因素都为μ=0.1，A 、B 的质量均为m=1kg （重力加速度g 取10m/s 2；A 、B 视为质点，碰撞时间极短）。
(AB 碰后质量不变，共同速度变为原来一半) （1）求A 滑过Q 点时的速度大小V 和受到的弹力大小F ； （2）若碰后AB 最终停止在第k 个粗糙段上，求k 的数值；（3）求碰后AB 滑至第n 个 (n<k) 光滑段上的速度V n 与n 的关系式。
班级： 姓名：17：解18：解淮阳中学2016届高三第二次月考试卷物理（答案），，二：试验填空题（2，×6=12，）13：（1）：1t d∆； x t dt d 2)()(2122∆-∆; （2）： BC ;14：（1）：ABC; 不能（2）：合力有可能超过其量程三：计算题（12，×4=48，，其中1-8单项选择，9-12多项选择）15：解(1)在竖直方向上被困人员的位移y ＝H －l ＝50－(50－t 2)＝t 2，由此可知，被困人员在竖直方向上做初速度为零、加速度a ＝2 m/s 2的匀加速直线运动 由牛顿第二定律可得F －mg ＝ma 解得悬索的拉力F ＝m (g ＋a )＝600 N. (2)被困人员5 s 末在竖直方向上的速度为v y ＝at ＝10 m/s ，合速度v ＝v 02＋v y 2＝10 2 m/s ，竖直方向上的位移y ＝12at 2＝25 m水平方向的位移x ＝v 0t ＝50 m ，合位移s ＝x 2＋y 2＝25 5 m.(3)t ＝5 s 时悬索的长度l ′＝50－y ＝25 m ，旋转半径r ＝l ′sin 37°，由mg tan 37°＝m v ′2r解得v ′＝1522 m/s ，此时被困人员B 的受力情况如图所示，由图可知F T cos 37°＝mg ，解得F T ＝mgcos 37°＝625 N.16：解（1） 设人的质量为m ，加速度为a 1，人受的摩擦力为f ，由牛顿第二定律有： f=ma 1 =200N （2） 由牛顿第三定律可知人对木板的摩擦力大小f…=200N 设木板的质量为M ，加速度为a 2，对木板由牛顿第二定律有：f…-μ(M+m)g =Ma 2， 代入数据得a 2=2m/s 2方向向左 （3） 设人从左端跑到右端时间为t ，由运动学公式： L=12a 1t 2+12a 2t 2解得t=2s人对地前进的距离: s 1=12a 1t 2=8m ， 木板后退的距离为: s 2=12a 2t 2=4m 。