河北省石家庄市晋州一中高三物理上学期开学考试试卷(含解析)

河北省石家庄市晋州一中2016届高三上学期开学物理试卷一、选择题（每小题4分，共64分，1--8为单选，9--16为不定项选择）1．如图所示，两段等长细线串接着两个质量相等的小球a、b，悬挂于O点．现在两个小球上分别加上水平方向的外力，其中作用在b球上的力大小为F、作用在a球上的力大小为2F，则此装置平衡时的位置可能是下列哪幅图( )A．B．C． D．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以整体为研究对象，分析受力情况，确定上面绳子oa的方向，再以下面的小球为研究对象，分析受力，根据平衡条件确定下面绳子的方向．解答：解：设每个球的质量为m，oa与ab和竖直方向的夹角分别为α、β．以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图1，根据平衡条件可知，oa绳的方向不可能沿竖直方向，否则整体的合力不为零，不能保持平衡．由平衡条件得：tanα=，以b球为研究对象，分析受力情况，如图2，由平衡条件得：tanβ=，则α＜β．故C正确．故选C．点评：本题一要灵活选择研究对象，二要分析受力．采用整体法和隔离法相结合的方法研究，比较简便．2．A、B两物体同时同地从静止出发做直线运动，物体的加速度与时间关系如图所示，其中t2=2t1，关于两个物体的运动，下列判断正确的是( )A．t1时刻，两物体速度相同B．t2时刻，两物体位置相同C．t2时刻，两物体速度相同D．运动过程中两物体不可能相遇考点：加速度与力、质量的关系式；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：a﹣﹣t图象中，面积表示速度，由图可知A做初速度为零的匀加速运动，B做初速度为零的变加速直线运动，且加速大小均匀增大．解答：解：A、a﹣﹣t图象中，面积表示速度，故t1时刻，两物体速度不相同，故A错误．B、a﹣﹣t图象中，面积表示速度，故t2时刻，两物体速度相同，由于此段时间内A速度较大，故A在前，两物体位置不相同，故B错误．C、由B分析知，C正确．D、由B分析可知，随着时间延续，由于B加速运动，B最终会追上A，故D错误．故选：C点评：考查了加速度的图象，会根据图象分析质点的运动情况，注意与速度﹣﹣时间图象的区别．3．如图所示，A、B、C三球的质量均为m，轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与A球相连，A、B间固定一个轻杆，B、C间由一轻质细线连接．倾角为θ的光滑斜面固定在地面上，弹簧、轻杆与细线均平行于斜面，初始系统处于静止状态，细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是( )A．B球的受力情况未变，加速度为零B．A、B两个小球的加速度均沿斜面向上，大小均为gsinθC．A、B之间杆的拉力大小为2mgsinθD．C球的加速度沿斜面向下，大小为2gsinθ考点：牛顿第二定律；胡克定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：分别以B、A、B组成的系统、C为研究对象，由牛顿第二定律分析答题．解答：解：A、细线被烧断的瞬间，B不再受细线的拉力作用，B的受力情况发生变化，合力不为零，加速度不为零，故A错误；B、以A、B组成的系统为研究对象，烧断细线前，A、B静止，处于平衡状态，合力为零，弹簧的弹力f=mgsinθ，烧断细线的瞬间，A、B受到的合力等于弹簧弹力，由于弹簧弹力不能突变，弹簧弹力不变，由牛顿第二定律得：mgsinθ=2ma，则加速度a=gsinθ，故B正确；C、由B可知，B的加速度为：a=gsinθ，以B为研究对象，由牛顿第二定律得：T﹣mgsi nθ=ma，解得：T=mgsinθ，故C错误；D、对球C，由牛顿第二定律得：mgsinθ=ma，解得：a=gsinθ，方向向下，故D错误；故选：B．点评：本题关键点就是绳和弹簧的区别：弹簧的弹力不会突变，而绳在断后弹力会突变为零．这点在做题时要特别留意．4．如图所示：一根轻绳跨过定滑轮，两端分别系着质量为m1、m2的小物块，m1放在地面上，m2离地面有一定高度．当m2的质量发生变化时，m1上升的加速度a的大小也将随之变化．已知重力加速度为g，图中能正确反映a与m2关系的是( )A．B．C．D．考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：当m2≤m1时，m1仍处于静止状态，没有加速度．当m2＞m1时，m1有向上的加速度，两个物体的加速度大小相等，根据牛顿第二定律采用隔离法求出a与m2的关系式，再根据数学知识分析a的极限，选择图象．解答：解：当m2≤m1时，m1仍处于静止状态，没有加速度．当m2＞m1时，m1有向上的加速度，根据牛顿第二定律得对m1：T﹣m1g=m1a对m2：m2g﹣T=m2a联立得：a=，根据数学知识得知，当m2＞＞m1时，a→g．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：本题是连接体问题，抓住两个物体加速度大小相等的特点，采用隔离法研究，得到a 与m2之间关系的解析式，再选择图象是常用的方法．5．如图所示，一位同学做飞镖游戏，已知圆盘的直径为d，飞镖距圆盘为L，且对准圆盘上边缘的A点水平抛出，初速度为v0，飞镖抛出的同时，圆盘以垂直圆盘过盘心O的水平轴匀速转动，角速度为ω．若飞镖恰好击中A点，则下列关系正确的是( )A．dv02=L2g B．ωL=π（1+2n）v0，（n=0，1，2，3…）C．v0=ωD．dω2=gπ2（1+2n）2，（n=0，1，2，3…）考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：飞镖做平抛运动的同时，圆盘上A点做匀速圆周运动，恰好击中A点，说明A点正好在最低点被击中，则A点转动的时间t=，根据平抛运动水平位移可求得平抛的时间，两时间相等联立可求解．解答：解：BC、飞镖做平抛运动的同时，圆盘上A点做匀速圆周运动，恰好击中A点，说明A点正好在最低点被击中，设时间为t，飞镖飞行时间t和圆盘转动的周期满足：t=nT+（n=0，1，2、），由T=和L=v0t得：ωL=π（2n+1）v0故B正确，C错误；AD、平抛的竖直位移为d，则d=gt2，联立有：dω2=gπ2（2n+1）2，2d=gL2故A错误，D错误故选：B点评：本题关键知道恰好击中A点，说明A点正好在最低点，利用匀速圆周运动和平抛运动规律联立求解．6．如图所示，具有一定初速度的物块，沿倾角为30°的粗糙斜面向上运动的过程中，受一恒定的沿斜面向上的拉力F作用，这时物块的加速度大小为4m/s2，方向沿斜面向下，那在物块向上运动过程中，正确的说法是( )A．物块的机械能一定增加B．物块的机械能一定减小C．物块的机械能可能不变D．物块的机械能可能增加也可能减小考点：动能和势能的相互转化；重力势能；功能关系．分析：题中，物体有一定的初速度，加速度大小为4m/s2，方向沿斜面向下，物体做减速运动，根据牛顿第二定律求出拉力与摩擦力的合力大小和方向，根据功能关系，分析机械能的变化．解答：解：取沿斜面向下的方向为正方向，物块的加速度大小为4m/s2，方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律得知：f+mgsin30°﹣F=ma=4m所以f﹣F=﹣m，即摩擦力f和拉力F的合力向上，所以摩擦力f和拉力F的合力做正功，物体的机械能增加，故A正确，BCD错误．故选：A．点评：本题关键抓住除重力以外的力做功情况与机械能变化的关系进行分析，根据牛顿第二定律得到拉力与摩擦力的合力可能的大小和方向，分析其做功，即可判断机械能的变化情况．7．如图所示，竖直平面内放一直角杆MON，杆的水平部分粗糙，动摩擦因数μ=0.2，杆的竖直部分光滑．两部分各套有质量均为1kg的小球A和B，A、B球间用细绳相连．初始A、B均处于静止状态，已知：OA=3m，OB=4m，若A球在水平拉力的作用下向右缓慢地移动1m （取g=10m/s2），那么该过程中拉力F做功为( )A．14 J B．10 J C．16 J D．12 J考点：运动的合成和分解；动能定理的应用．专题：运动的合成和分解专题．分析：对AB整体受力分析，受拉力F、重力G、支持力N、向左的摩擦力f和向右的弹力N1，根据共点力平衡条件列式，求出支持力N，从而得到滑动摩擦力为恒力；最后对整体运用动能定理列式，得到拉力的功．解答：解：对AB整体受力分析，受拉力F、重力G、支持力N、向左的摩擦力f和向右的弹力N1，如图根据共点力平衡条件，有竖直方向：N=G1+G2水平方向：F=f+N1其中：f=μN解得：N=（m1+m2）g=20Nf=μN=0.2×20N=4N对整体在整个运动过程中运用动能定理列式，得到：W F﹣fs﹣m2g•h=0根据几何关系，可知求B上升距离h=1m，故有：W F=fs+m2g•h=4×1+1×10×1=14J故选：A．点评：本题中拉力为变力，先对整体受力分析后根据共点力平衡条件得出摩擦力为恒力，然后根据动能定理求变力做功．8．将一只苹果斜向上抛出，苹果在空中依次飞过三个完全相同的窗户1、2、3．图中曲线为苹果在空中运行的轨迹．若不计空气阻力的影响，以下说法正确的是( )A．苹果通过第1个窗户所用的时间最长B．苹果通过第3个窗户的竖直方向平均速度最大C．苹果通过第1个窗户重力做的功最大D．苹果通过第3个窗户重力的平均功率最小考点：抛体运动．分析：苹果做斜向上抛体运动，利用运动分解的思想可分解为：水平方向的匀速直线运动，竖直方向的匀减速直线运动，在竖直方向运动速度越来越小，但窗户的高度一样，因此时间越来越长，然后分别选用平均速度公式、功的公式、平均功率公式分析判断．解答：解：A、苹果在竖直方向上做匀减速直线运动，速度越来越小，1、2、3个窗户的高度一样，故苹果通过三个窗户所用的时间越来越长，那么苹果通过第1个窗户所用的时间最短，因此，A错误．B、苹果在竖直方向上做匀减速直线运动，故苹果通过第3个窗户的竖直方向平均速度最小，故B错误．C、苹果通过三个窗户时的竖直位移h一样，由功的公式W=mgh知通过三个窗户重力做功一样多，故C错误．D、苹果通过三个窗户时重力做功一样多，第三个窗户通过的时间长，由平均功率公式P=知苹果通过第3个窗户重力的平均功率最小故D正确．故选：D．点评：解答本题抓住苹果通过三个窗户时的高度一样，运用运动分解的思想知苹果竖直方向做匀减速直线运动，判断出通过的时间是关键．9．发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆形轨道1，然后经点火使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火将卫星送入同步轨道3．轨道1、2相切于A点，轨道2、3相切于B点，如图所示，则当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，以下说法正确的是( )A．卫星在轨道1上的运行速率大于轨道3上的速率B．卫星在轨道1上的角速度小于在轨道3上的角速度C．卫星在椭圆轨道2上经过A点时的速度大于7.9km/sD．卫星在椭圆轨道2上经过B点时的加速度等于它在轨道3上经过B点时的加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力，卫星的速度为．根据开普勒第三定律，卫星在轨道1上的周期较小，因此角速度最大．卫星在轨道1上的速度为7.9 km/s，要过度到轨道2，在A点应该做离心运动，速度应该较大．速度可以瞬间变化，但是在同一个处万有引力相等，加速度相等．解答：解：A、人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有，得．轨道3半径比轨道1半径大，卫星在轨道1上线速度较大，故A正确；B、ω==，轨道3半径比轨道1半径大，卫星在轨道3上角速度较小，故B错误；C、卫星在轨道1上的速度为7.9 km/s，要过渡到轨道2，在A点应该做离心运动，速度应该增大，选项C正确．D、根据牛顿第二定律和万有引力定律，得a=，所以卫星在轨道2上经过B点的加速度等于在轨道3上经过B点的加速度．故D正确．故选：ACD．点评：本题考查卫星的变轨和离心运动等知识，关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度和角速度的表达式，再进行讨论．10．在光滑水平面上，a、b两小球沿水平面相向运动．当小球间距小于或等于L时，受到大小相等，方向相反的相互排斥恒力作用，小球间距大于L时，相互间的排斥力为零，小球在相互作用区间运动时始终未接触，两小球运动时速度v随时间t的变化关系图象如图所示，由图可知( )A．a球质量大于b球质量B．在t l时刻两小球间距最小C．在0﹣t2时间内两小球间距逐渐减小D．在0﹣t3时间内b球所受排斥力方向始终与运动方向相反考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先从v﹣t图象找出两个小球加速度的大小关系然后结合牛顿第二定律判断质量的关系；根据v﹣t图象判断何时有最小距离．解答：解：A、从速度时间图象可以看出b小球速度时间图象的斜率绝对值较大，所以b 小球的加速度较大，两小球之间的排斥力为相互作用力大小相等，根据a=知，加速度大的质量小，所以b小球质量较小，故A正确；B、二者做相向运动，所以当速度相等时距离最近，即t2时刻两小球最近，之后距离又开始逐渐变大，所以B错误C正确；D、b球0﹣t1时间内匀减速，所以0﹣t1时间内排斥力与运动方向相反，D错误．故选：AC．点评：本题考查了v﹣t图象、牛顿第二定律、加速度与速度的关系等有关知识，有一定的综合性．11．如图，水平传送带A、B两端相距S=3.5m，工件与传送带间的动摩擦因数μ=0.1．工件滑上A端瞬时速度V A=4m/s，达到B端的瞬时速度设为V B，则( )A．若传送带不动，则V B=3m/sB．若传送带以速度V=4m/s逆时针匀速转动，V B=3m/sC．若传送带以速度V=2m/s顺时针匀速转动，V B=3m/sD．若传送带以速度V=2m/s顺时针匀速转动，V B=2m/s考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：传送带专题．分析：若传送带不动，由匀变速直线运动规律可知，a=μg，可求出v B．若传送带以速度V=4m/s逆时针匀速转动，工件的受力情况不变，工件的运动情况跟传送带不动时的一样；若传送带以速度V=2m/s顺时针匀速转动，工件滑上传送带时所受的滑动摩擦力方向水平向左，做匀减速运动，工件的运动情况跟传送带不动时的一样；解答：解：A、若传送带不动，工件的加速度a==μg=1m/s2，由，得v B==m/s=3m/s．故A正确．B、若传送带以速度V=4m/s逆时针匀速转动，工件的受力情况不变，由牛顿第二定律得知，工件的加速度仍为a=μg，工件的运动情况跟传送带不动时的一样，则v B=3m/s．故B正确．C、D若传送带以速度V=2m/s顺时针匀速转动，工件滑上传送带时所受的滑动摩擦力方向水平向左，做匀减速运动，工件的加速度仍为a=μg，工件的运动情况跟传送带不动时的一样，则v B=3m/s．故C正确．D错误．故选ABC点评：本题关键要分析工件的受力情况，根据牛顿第二定律分析传送带运动与不动时加速度的关系，即可由运动学公式得到v B．12．如图所示，固定斜面C的倾角为θ，物体A放在斜面C上，物体B叠放在物体A上，A、B的质量均为m，且上、下表面均与斜面平行，A、B﹣起沿斜面匀速下滑，则( )A．A与B之间没有静摩擦力B．A受到B的静摩擦力方向沿斜面向下C．A受到斜面的滑动摩擦力大小为2mg sinθD．A与B之间的动摩擦因数μ=tanθ考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对B物体受力分析，根据共点力平衡可以得出A受力的情况，得出AB间摩擦力的大小及方向．再对整体受力分析可得出A受斜面的摩擦力情况．解答：解：A、对B受力分析可知，B受重力、支持力；将重力分解可知重力有沿斜面向下的分力，要使B能匀速下滑，受力一定平衡，故A对B应有沿斜面向上的摩擦力；故A错误；B、由牛顿第三定律可知，A受到B的摩擦力应沿斜面向下，故B正确；C、对整体分析，并将整体重力分解，可知沿斜面方向上，重力的分力与摩擦力等大反向，故A受的滑动摩擦力沿斜面向上，大小为2mgsinθ，故C正确；D、由于AB间为静摩擦力，无法确定动摩擦因数，故D错误；故选：BC点评：在求摩擦力时，一定要先判断物体受到的力是动摩擦力还是静摩擦力；若为静摩擦力，可由受力平衡进行分析；但如果是滑动摩擦力，可以由滑动摩擦力的公式求出，但是要注意物体也可能处于平衡状态，故也可以由共点力的平衡求出．13．质量m=1kg的物体在光滑平面上运动，初速度大小为2m/s．在物体运动的直线上施以一个水平恒力，经过t=1s，速度大小变为4m/s，则这个力的大小可能是( )A．2 N B．4 N C．6 N D．8 N考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据匀变速直线运动的速度时间公式求出物体的加速度大小，结合牛顿第二定律求出水平恒力的大小．注意1s后的速度方向可能与初速度方向相同，可能与初速度方向相反．解答：解：当1s后的速度方向与初速度方向相同，则加速度为：a=，根据牛顿第二定律得：F=ma=1×2N=2N．当1s后的速度方向与初速度方向相反，则加速度为：a=，根据牛顿第二定律得：F′=ma=1×6N=6N．故A、C正确，B、D错误．故选：AC．点评：本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，注意运动学公式的矢量性．14．如图所示，把小车放在倾角为30°的光滑斜面上，用轻绳跨过定滑轮使之与盛有沙子的小桶相连，不计滑轮质量及摩擦，已知小车的质量为3m，小桶与沙子的总质量为m，小车从静止释放后，在小桶上升竖直高度为h的过程( )A．小桶处于失重状态B．小桶的最大速度为C．小车受绳的拉力大于mg D．小车的最大动能为mgh考点：动能定理的应用；牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题：动能定理的应用专题．分析：先根据A、B的位移之间的关系求出B上升的高度h B，再分别以A、B为研究对象，根据动能定理列式可求得B的速度，设B再上升h′时，速度为零，由动能定理求出h′，解答：解：AC、在整个的过程中，小桶向上做加速运动，加速度向上，所以小桶受到的拉力大于重力，小桶处于超重状态．故A错误，C正确；B、在小桶上升竖直高度为h的过程中只有重力对小车和小桶做功，由动能定律得：3mg•h•sin30°﹣mgh=（3m+m）v2，解得：v=，故B正确；D、小车和小桶具有相等的最大速度，所以小车的最大动能为：E km=•3mv2=mgh，故D错误．故选：BC．点评：本题主要考查了动能定理得直接应用，要能根据题目需要选取不同的研究对象及合适的过程运用动能定理求解．15．如图所示，在竖直平面内有一固定轨道，其中AB是长为R的粗糙水平直轨道，BCD是圆心为O、半径为R的光滑圆弧轨道，两轨道相切于B点．在推力作用下，质量为m的小滑块从A点由静止开始做匀加速直线运动，到达B点时即撤去推力，小滑块恰好能沿圆轨道经过最高点C．重力加速度大小为g．则小滑块( )A．经B点时加速度为零B．在AB段运动的加速度为2.5gC．在C点时合外力的瞬时功率为mgD．上滑时动能与重力势能相等的位置在OD上方考点：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律；向心力．专题：功率的计算专题．分析：小滑块恰好能沿圆轨道经过最高点C，根据牛顿第二定律求出最高点的速度，通过动能定理求出经过B点的速度，从而求出B点的加速度．根据速度位移公式求出AB段的加速度大小．根据机械能守恒定律求出上滑时动能和重力势能相等的位置．解答：解：A、在C点，有：mg=，解得．对B到C，根据动能定理有：，解得．则B点的加速度．故A错误．B、在AB段，根据速度位移公式，解得a=2.5g．故B正确．C、在C点，合力的方向竖直向下，速度的方向与合力的方向垂直，所以合力的瞬时功率为0．故C错误．D、物块在圆弧轨道上滑的过程中机械能守恒，有：，解得h=．动能和重力势能相等的位置在OD的上方．故D正确．故选BD．点评：本题综合考查了动能定理、机械能守恒、牛顿第二定律和运动学公式，难度不大，综合性较强，需加强这类题型的训练．16．质量为2×103kg，发动机额定功率为80kW的汽车在平直公路上行驶；若汽车所受阻力大小恒为4×103 N，则下列判断中正确的有( )A．汽车的最大动能是4×105JB．汽车以加速度2 m/s2匀加速启动，启动后第2秒末时发动机实际功率是32 kWC．汽车以加速度2 m/s2做初速度为0的匀加速运动中，达到最大速度时摩擦力做功为4×105 JD．若汽车保持额定功率启动，则当汽车速度为5 m/s时，其加速度为6 m/s2考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：当牵引力等于阻力时，速度最大，结合最大速度求出最大动能．根据牛顿第二定律求出牵引力的大小，结合速度时间公式求出2s末的速度，根据P=Fv求出实际的功率．根据P=Fv求出牵引力的大小，结合牛顿第二定律求出汽车的加速度．解答：解：A、汽车的最大速度，则最大动能=，故A正确．B、根据牛顿第二定律得，牵引力F=f+ma=4000+2000×2N=8000N，2s末的速度v=at=2×2m/s=4m/s，则实际的功率P=Fv=8000×4W=32KW．故B正确．C、匀加速运动的末速度，匀加速运动的位移，由于变加速运动的位移无法求出，则无法求出变加速运动的过程中摩擦力做功，故C错误．D、汽车的牵引力F=，根据牛顿第二定律得，加速度a=，故D正确．故选：ABD．点评：本题考查了汽车的启动问题，知道功率与牵引力、速度的关系，知道牵引力等于阻力时，速度最大．二、非选择题17．某实验小组在做“验证机械能守恒定律”实验中，提出了如图所示的甲、乙两种方案：甲方案为用自由落体运动进行实验，乙方案为用小车在斜面上下滑进行实验．（1）组内同学对两种方案进行了深入的讨论分析，最终确定了一个大家认为误差相对较小的方案，你认为该小组选择的方案是甲图；理由：采用乙图实验时，由于小车与斜面间存在摩擦力的作用．且不能忽略，所以小车在下滑的过程中机械能不守恒，故乙图不能用于验证机械能守恒．．（2）若该小组采用图甲的装置打出了一条纸带如图丙所示，相邻两点之间的时间间隔为0.02s，请根据纸带计算出B点的速度大小为1.37m/s．（结果保留三位有效数字）（3）该小组内同学根据纸带算出了相应点的速度，作出v2﹣h图线如图丁所示，请根据图线计算出当地的重力加速度g=9.7m/s2．（结果保留两位有效数字）考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题．分析：（1）解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项，知道乙装置中小车与斜面存在摩擦，实验效果不如甲好；（2）纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，可计算出打出某点的速度；（3）由得v2=2gh，由此可知：图象的斜率k=2g，由此可以求出当地的重力加速度解答：解：（1）由甲、乙两图可知，乙图存在的摩擦远远大于甲图中摩擦，由此可知甲图验证机械能守恒更合适．故答案为：甲图；理由：采用乙图实验时，由于小车与斜面间存在摩擦力的作用．且不能忽略，所以小车在下滑的过程中机械能不守恒，故乙图不能用于验证机械能守恒．（2）匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：（3）由机械能守恒得v2=2gh，由此可知：图象的斜率k=2g，由此可以求出当地的重力加速度，由图可知，当h=20cm时，v2=3.88，所以，所以g≈9.7m/s2．。