安徽专用 2014届高考物理一轮复习训练 新人教版：专题八 磁场 Word版含解析
2014年高考物理一轮复习 章节训练 电磁感应规律的综合应用
2014年高考一轮复习章节训练之电磁感应规律的综合应用时间：45分钟 满分：100分一、选择题(8×8′＝64′)1．如图所示是两个互连的金属圆环，小金属环的电阻是大金属环电阻的二分之一，磁场垂直穿过大金属环所在区域．当磁感应强度随时间均匀变化时，在大环内产生的感应电动势为E ，则a 、b 两点间的电势差为( )A.12E B.13E C.23ED ．E解析：a 、b 间的电势差等于路端电压，而小环电阻占电路总电阻的13，故U ab ＝13E ，B 正确．答案：B2．如图所示，EF 、GH 为平行的金属导轨，其电阻可不计，R 为电阻器，C 为电容器，AB 为可在EF 和GH 上滑动的导体横杆．有均匀磁场垂直于导轨平面．若用I 1和I 2分别表示图中该处导线中的电流，则当横杆AB ( )A ．匀速滑动时，I 1＝0，I 2＝0B ．匀速滑动时，I 1≠0，I 2≠0C ．加速滑动时，I 1＝0，I 2＝0D ．加速滑动时，I 1≠0，I 2≠0解析：匀速滑动时，感应电动势恒定，故I 1≠0，I 2＝0；加速滑动时，感应电动势增加，故电容器不断充电，即I 1≠0，I 2≠0.答案：D 3.物理实验中，常用一种叫“冲击电流计”的仪器测定通过电路的电荷量．如图所示，探测线圈和冲击电流计串联后可用来测定磁场的磁感应强度．已知线圈的匝数为n ，面积为S ，线圈与冲击电流计组成的回路电阻为R .把线圈放在被测匀强磁场中，开始线圈平面与磁场垂直，现把探测线圈翻转180°，冲击电流计测出通过线圈的电荷量为q ，由上述数据可测出被测磁场的磁感应强度为( )A.qRS B.qR nS C.qR 2nSD.qR 2S解析：当线圈翻转180°，线圈中的磁通量发生变化ΔΦ＝2BS ，E ＝n ΔΦΔt ，线圈中的平均感应电流I ＝ER ，通过线圈的电荷量q ＝I Δt ，由以上各式得B ＝qR2nS .故正确选项为C.答案：C4．光滑曲面与竖直平面的交线是抛物线，如图所示，抛物线的方程为y ＝x 2，其下半部的抛物线处在水平方向的匀强磁场中，磁场的上边界是y ＝a 的直线(图中虚线所示)，一个小金属块从抛物线y ＝b (b >a )处以速度v 沿抛物线下滑，假设抛物线足够长，则金属块在曲面上滑动过程中产生的焦耳热总量是( )A ．mgb B.12mv 2C ．mg (b －a )D ．mg (b －a )＋12mv 2解析：金属块在进入或离开磁场的过程中，穿过金属块的磁通量发生变化，产生感应电流，然后生热，机械能要减少，上升的高度不断降低．最后，金属块在高为a 的曲面上往复运动．由能量守恒定律得，减少的机械能为Q ＝ΔE ＝mg (b －a )＋12mv 2.答案：D5．如下图所示，在一均匀磁场中有一U 形导线框abcd ，线框处于水平面内，磁场与线框平面垂直，R 为一电阻，ef 为垂直于ab 的一根导体杆，它可在ab 、cd 上无摩擦地滑动．杆ef 及线框中导线的电阻都可不计．开始时，给ef 一个向右的初速度，则( ) A ．ef 将减速向右运动，但不是匀减速 B ．ef 将匀减速向右运动，最后停止 C ．ef 将匀速向右运动 D ．ef 将往返运动解析：杆ef 向右运动，切割磁感线，产生感应电动势和感应电流，会受到向左的安培力而做减速运动，直到停止，但不是匀减速，由F ＝BIL ＝B 2L 2vR ＝ma 知，ef 做的是加速度减小的减速运动．答案：A6．如图所示，粗细均匀的、电阻为r 的金属圆环放在图示的匀强磁场中，磁感应强度为B ，圆环直径为L .长为L 、电阻为r2的金属棒ab 放在圆环上，以v 0向左匀速运动，当棒ab 运动到图示虚线位置时，金属棒两端的电势差为( )A ．0B ．BLv 0C ．BLv 0/2D ．BLv 0/3解析：当金属棒ab 以速度v 0向左运动到题图所示虚线位置时，根据公式可得产生的感应电动势为E ＝BLv 0，而它相当于一个电源，并且其内阻为r2；金属棒两端电势差相当于外电路的路端电压．外电路半个圆圈的电阻为r2，而这两个半圆圈的电阻是并联关系，故外电路总的电阻为r4，所以外电路电压为U ba ＝13E ＝13BLv 0.答案：D7．如下图所示，等腰三角形内分布有垂直于纸面向外的匀强磁场，它的底边在x 轴上且长为2L ，高为L .纸面内一边长为L 的正方形导线框沿x 轴正方向做匀速直线运动穿过匀强磁场区域，在t ＝0时刻恰好位于图中所示的位置．以顺时针方向为导线框中电流的正方向，在下面下图中能够正确表示电流—位移(I －x )关系的是( )解析：线圈向x轴正方向运动L位移的过程中，有效切割长度均匀增加；在位移大于L 且小于2L的过程中，线圈右边有效切割长度均匀减小，线圈左边有效切割长度均匀增加，因此整个线圈有效切割长度减小，且变化率为前一段时间的两倍；在位移大于2L且小于3L 的过程中，与第一段运动中线圈产生的感应电流等大反向，故A项对．答案：A8．一个闭合回路由两部分组成，如图所示，右侧是电阻为r的圆形导线，置于竖直方向均匀变化的磁场B1中；左侧是光滑的倾角为θ的平行导轨，宽度为d，其电阻不计．磁感应强度为B2的匀强磁场垂直导轨平面向上，且只分布在左侧，一个质量为m、电阻为R的导体棒此时恰好能静止在导轨上，分析下述判断正确的是( )A ．圆形导线中的磁场，可以方向向上均匀增强，也可以方向向下均匀减弱B ．导体棒ab 受到的安培力大小为mg sin θC ．回路中的感应电流为mg sin θB 2dD ．圆形导线中的电热功率为m 2g 2sin 2θB 22d2(r ＋R ) 解析：根据左手定则，导体棒上的电流从b 到a ，根据电磁感应定律可得A 项正确；根据共点力平衡知识，导体棒ab 受到的安培力大小等于重力沿导轨向下的分力，即mg sin θ，B 项正确；根据mg sin θ＝B 2Id ，解得I ＝mg sin θB 2d ，C 项正确；圆形导线的电热功率等于I 2r ＝(mg sin θB 2d )2r ＝m 2g 2sin 2θB 22d2r ，D 项错误． 答案：ABC二、计算题(3×12′＝36′)9．如下图所示，金属杆ab 可在平行金属导轨上滑动，金属杆电阻R 0＝0.5 Ω，长L ＝0.3 m ，导轨一端串接一电阻R ＝1 Ω，匀强磁场磁感应强度B ＝2 T ，当ab 以v ＝5 m/s 向右匀速运动过程中，求：(1)ab 间感应电动势E 和ab 间的电压U ； (2)所加沿导轨平面的水平外力F 的大小； (3)在2 s 时间内电阻R 上产生的热量Q . 解析：(1)根据公式：E ＝BLv ＝3 VI ＝ER ＋R 0，U ＝IR ＝2 V.(2)F ＝F 安，F 安＝BIL ＝1.2 N.(3)2秒内产生的总热量Q 等于安培力做的功，Q ＝F 安·v ·t ＝12 J电阻R 上产生的热量为Q R ＝RR ＋R 0Q ＝8 J. 答案：(1)3 V 2 V (2)1.2 N (3)8 J10．如下图所示，电动机牵引一根原来静止的、长L 为1 m 、质量m 为0.1 kg 的导体棒MN 上升，导体棒的电阻R 为1 Ω，架在竖直放置的框架上，它们处于磁感应强度B 为1 T 的匀强磁场中，磁场方向与框架平面垂直．当导体棒上升h ＝3.8 m 时，获得稳定的速度，导体棒上产生的热量为2 J ，电动机牵引棒时，电压表、电流表的读数分别为7 V 、1 A ，电动机内阻r 为1 Ω，不计框架电阻及一切摩擦，求：(1)棒能达到的稳定速度；(2)棒从静止至达到稳定速度所需要的时间． 解析：(1)电动机的输出功率为：P 出＝IU －I 2r ＝6 W电动机的输出功率就是电动机牵引棒的拉力的功率，所以有P 出＝Fv ① 其中F 为电动机对棒的拉力，当棒达稳定速度时F ＝mg ＋BI ′L ②感应电流I ′＝E R ＝BLvR ③由①②③式解得，棒达到的稳定速度为v ＝2 m/s.(2)从棒由静止开始运动至达到稳定速度的过程中，电动机提供的能量转化为棒的机械能和内能，由能量守恒定律得P 出t ＝mgh ＋12mv 2＋Q ，解得t ＝1 s.答案：(1)2 m/s (2)1 s11．(2012·浙江理综)为了提高自行车夜间行驶的安全性，小明同学设计了一种“闪烁”装置．如右图所示，自行车后轮由半径r 1＝5.0×10－2 m 的金属内圆、半径r 2＝0.40 m 的金属外圆和绝缘辐条构成．后轮的内、外圆之间等间隔地接有4根金属条，每根金属条的中间均串联有一电阻值为R 的小灯泡．在支架上装有磁铁，形成了磁感应强度B ＝0.10 T 、方向垂直纸面向外的“扇形”匀强磁场，其内半径为r 1、外半径为r 2、张角θ＝π6.后轮以角速度ω＝2πrad/s 相对于转轴转动．若不计其他电阻，忽略磁场的边缘效应．(1)当金属条ab 进入“扇形”磁场时，求感应电动势E ，并指出ab 上的电流方向； (2)当金属条ab 进入“扇形”磁场时，画出“闪烁”装置的电路图；(3)从金属条ab 进入“扇形”磁场时开始，经计算画出轮子转一圈过程中，内圈与外圈之间电势差U ab 随时间t 变化的U ab －t 图象；(4)若选择的是“1.5 V、0.3 A”的小灯泡，该“闪烁”装置能否正常工作？有同学提出，通过改变磁感应强度B 、后轮外圈半径r 2、角速度ω和张角θ等物理量的大小，优化前同学的设计方案，请给出你的评价．解析：(1)金属条ab 在磁场中切割磁感线时，所构成的回路的磁通量变化．设经过时间Δt ，磁通量变化量为ΔΦ，由法拉第电磁感应定律E ＝ΔΦΔt ①ΔΦ＝B ΔS ＝B (12r 22Δθ－12r 21Δθ)② 由①②式并代入数值得：E ＝ΔΦΔt ＝12B ω(r 22－r 21)＝4.9×10－2V ③根据右手定则(或楞次定律)，可得感应电流方向为b →a .④(2)通过分析，可得电路图为(3)设电路中的总电阻为R 总，根据电路图可知， R 总＝R ＋13R ＝43R ⑤ab 两端电势差U ab ＝E －IR ＝E －E R 总R ＝14E ＝1.2×10－2 V ⑥设ab 离开磁场区域的时刻为t 1，下一根金属条进入磁场区域的时刻为t 2， t 1＝θω＝112 s ⑦ t 2＝π2ω＝14 s ⑧设轮子转一圈的时间为T ， T ＝2πω＝1 s ⑨在T ＝1 s 内，金属条有四次进出，后三次与第一次相同． 由⑥⑦⑧⑨⑩可画出如下U ab －t 图象．(4)“闪烁”装置不能正常工作．(金属条的感应电动势只有4.9×10－2 V ，远小于小灯泡的额定电压，因此无法工作．)B 增大，E 增大，但有限度； r 2增大，E 增大，但有限度；ω增大，E 增大，但有限度； θ增大，E 不变．答案：(1)4.9×10－2 V b →a (2)(3)(4)见解析。
初中物理安徽中考模拟物理一轮复习电与磁练习.docx
xx学校xx学年xx学期xx试卷姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________题型选择题填空题简答题xx题xx题xx题总分得分一、xx题（每空xx 分，共xx分）试题1:(2014·河南)在一块有机玻璃板上，安装一个用导线绕成的螺线管，在板面上均匀撒满铁屑，通电后铁屑的分布如图所示．图中A、B点相比，________点磁场较强．实验中________(填“能”或“不能”)用铜屑代替铁屑显示磁场分布．试题2:(2015·安徽)通电螺线管的N、S极如图所示，由此可判断电流是从________(填“a”或“b”)端流入螺线管的．试题3:(2015·营口)如甲、乙两图所示，能说明电动机工作原理的是图________．发电机是根据________________制成的．如图丙所示，在电磁铁正上方用弹簧挂着条形磁铁，当开关S闭合后，在滑片P由b端向a端滑动过程中，会出现的现象是小灯泡亮度________(填“增强”或“减弱”)，弹簧长度________(填“变长”或“缩短”)．试题4:评卷人得分(2015·宁波)1879年10月，经过对1 600多种材料进行几千次试验后，爱迪生制成了第一个可供实用的碳丝灯泡(灯丝由竹丝炭化后制成)．(1)如图甲所示，当磁体的磁极靠近正常工作的碳丝灯泡时，灯丝上端被磁体吸引，这是因为通电后的灯丝在磁场里受到了________的作用．(2)要从图甲现象变为图乙中灯丝上端被排斥的现象，可以改变________方向．试题5:(2015·莆田)如图是一种“闯红灯违规证据抓拍模拟器”的工作原理图，光控开关接收到红光时会自动闭合，压敏电阻受到压力时其阻值会变小．当红灯亮后，且车辆压到压敏电阻上时，电磁铁的磁性因电路中电流的改变而变________(填“强”或“弱”)，吸引衔铁与触点________(填“1”或“2”)接触，电控照相机工作，拍摄违规车辆．试题6:(2015·葫芦岛)通电螺线管与磁体A相互吸引．根据图中所提供的信息，标出通电螺线管的N极、磁体A的S极和磁感线的方向．试题7:(2015·咸宁)下列关于磁现象说法中正确的是（）A．磁感线越密集的地方磁场越弱B．发电机是利用电磁感应原理工作的C．地磁场的N极在地球的北极附近D．电磁铁磁性的强弱不能通过调节电流的大小来控制试题8:(2015·北京)若假想地磁场是由地球内部一块大磁铁产生的，下图所示的四个示意图中，能合理描述这块大磁铁的是（）试题9:(2014·安顺)如图所示，在水平地面上的磁体上方，有挂在弹簧测力计上的小磁体(下部N极)．小辉提着弹簧测力计向右缓慢移动，挂在弹簧测力计上的小磁体下端，沿图示水平路线从A缓慢移到B.则下列选项中能反映弹簧测力计示数F 随位置变化的是（）试题10:(2015·桂林)如图所示，在探究通电螺线管外部的磁场分布实验中，观察到小磁针指向正确的是（）试题11:(2015·兰州)许多自动控制的电路中都安装有电磁铁．关于电磁铁，下列说法中正确的是（）A．电磁铁的铁芯，可以用铜棒代替B．电磁继电器中的磁体，可以使用永磁铁C．电磁铁磁性的强弱只与电流的大小有关D．电磁铁是根据电流的磁效应制成的试题12:(2015·宜昌)如图所示四个图的装置可以用来演示物理现象，则下列说法正确的是（）A．图甲用来演示电磁感应现象B．图乙用来演示磁场对电流的作用C．图丙用来演示电流的磁效应D．图丁用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系试题13:(2015·黄冈)无须Wifi信号，点亮LED灯就能上网，复旦大学成功实现了这一国际前沿通信技术：在LED灯中安装一个微芯片，便可让其变成无线网络发射器．点亮LED灯，灯光下的电脑通过一套特制的接收装置接收光信号即可上网．下列有关说法错误的是（）A．有LED灯光的地方就有网络信号B．点亮LED灯上网不是利用电磁波传播信号C．与用Wifi信号上网相比，光由于直线传播不能穿墙而过，故网络信息更加安全D．与用Wifi信号上网相比，没有大功率的无线通信设备，局部电磁辐射大大减弱试题14:(2015·昆明)在探究通电螺线管外部磁场的实验中，采用了图1所示的实验装置．(1)当闭合开关S后，小磁针________(填“会”或“不会”)发生偏转，说明通电螺线管与小磁针之间是通过________发生力的作用．(2)用铁屑来做实验，得到了图2所示的情形，它与________磁铁的磁场分布相似．为描述磁场而引入的磁感线________真实存在的．(3)为了研究通电螺线管的磁极性质，老师与同学们一起对螺线管可能的电流方向和绕线方式进行了实验，得到了如图3所示的四种情况．实验说明通电螺线管的磁极极性只与它的____________有关，且这个关系可以用________________判断．(4)闭合开关S，通电螺线管周围的小磁针N极指向如图4所示，由图可知：在通电螺线管外部，磁感线是从________极发出，最后回到________极．图4图1 图2 图3试题15:(2014·黔东南)为探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”，小明用电池(电压一定)、滑动变阻器、数量较多的大头针、铁钉以及较长导线为主要器材，进行如图所示的简易实验．(1)他将导线绕在铁钉上制成简易电磁铁，并巧妙地通过____________________来显示电磁铁磁性的强弱，下面的实验也用这种方法的是________．A．认识电压时，我们可以用水压来类比B．用光线来描述光通过的路径C．把敲响的音叉接触水面，看有没有溅起水花，来判断音叉有没有振动D．用斜面小车研究阻力对物体运动的影像(2)连接好电路，使变阻器连入电路的阻值较大，闭合开关，观察到如图甲所示的情景；接着，移动变阻器滑片，使其连入电路的阻值变小，观察到图乙所示的情景，比较图甲和乙，可知________图中的电流较小，从而发现，通过电磁铁的电流越________(填“大”或“小”)磁性越强．试题1答案:A 不能试题2答案:a试题3答案:乙电磁感应现象增强变长试题4答案:(1)力(2)电流试题5答案:强 2试题6答案:试题7答案:B试题8答案:B试题9答案:C试题10答案:D试题11答案:D试题12答案:C试题13答案:B试题14答案:1)会磁场(2)条形不是(3)电流方向右手螺旋定则(4)N S 试题15答案:1)吸起大头针的多少 C (2)甲大。
安徽专用2014届高考物理一轮复习训练新人教版：专题一相互作用(Word版含解析).pdf
专题一 相互作用 (2012·高考山东卷)如图所示两相同轻质硬杆OO可绕其两端垂直纸面的水平轴O转动在O点悬挂一重物M将两相同木块m紧压在竖直挡板上此时整个系统保持静止．F表表示木块与挡板间正压力的大小．若挡板间的距离稍许增大后系统仍静止且O始终等高则( )变小 ．不变 ．变小 ．变大 (2012·高考新课标全国卷)如图一小球放置在木板与竖直墙面之间．设墙面对球的压力大小为N球对木板的压力大小为N以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置．不计摩擦在此过程中( )始终减小始终增大始终减小始终减小先增大后减小始终减小先增大后减小先减小后增大(2012·高考广东卷)如图所示两根等长的轻绳将日光灯悬挂在天花板上两绳与竖直方向的夹角都为45日光灯保持水平所受重力为G左右两绳的拉力大小分别为( )和G G和C.G和G和(2012·高考新课标全国卷)拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地工具(如图)．设拖把头的质量为m拖杆质量可忽略；拖把头与地板之间的动摩擦因数为常数μ重力加速度为g.某同学用该拖把在水平地板上拖地时沿拖杆方向推拖把拖杆与竖直方向的夹角为θ.(1)若拖把头在地板上匀速移动求推拖把的力的大小．2)设能使该拖把在地板上从静止刚好开始运动的水平推力与此时地板对拖把的正压力的比值为λ.已知存在一临界角θ若θ≤θ则不管沿拖杆方向的推力多大都不可能使拖把从静止开始运动．求这一临界角的正切答案： 【解析】选本题考查静力学问题运用整体法可知 2F保持不变故项对．对其中一木块受力分析如图甲对O点受力由共点力的平衡条件知夹角增大变大(θ/2)，FN变大故项对． 甲 乙【解析】选如图球受三个力的作用平衡转动过程中角逐渐增大在力三角形中2＝，N1＝，由数学知识得随θ的增大均减小．【解析】选由受力分析知日光灯受两绳拉力T以及重力作用处于静止状态两绳拉力相等且互相垂直由力的合成有TG，故选 【解析】(1)设该同学沿拖杆方向用大小为F的力推拖把如图将推拖把的力沿竖直和水平方向分解按平衡条件有式中N和f分别为地板对拖把的正压力和摩擦力．按摩擦定律有联立①②③式得 mg.④ (2)若不应有F这时式仍满足联立①⑤式得 现考察使上式成立的θ角的取值范围．注意到上式右边总是大于零且当F无限大时极限为零有使上式成立的θ角满足θ≤θ这里θ是题中所定义的临界角即当θ≤θ时不管沿拖杆方向用多大的力都推不动拖把．临界角的正切为【答案】(1) (2)λ。
高三物理一轮复习必考部分第8章磁场专题突破练
磁场（限时：40分钟）对点强化1磁场中的几何知识1.（多选）如图1所示，.血・是磁感应强度为万的匀强磁场的边界.一质量为皿电荷量为q的粒子在纸而内从0点射入磁场.若粒子速度为吟最远能落在边界上的月点.下列说法正确的有（）A.若粒子落在月点的左侧，英速度一左小于％B.若粒子落在月点的右侧，其速度一定大于询C.若粒子落在月点左右两侧/的范围内，其速度不可能小于V.-—D.若粒子落在月点左右两侧d的范囤内，其速度不可能大于%悄BC带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，q心亍,所以r=鶴,当带电粒子从不同方向由0点以速度％进入匀强磁场时，英轨迹是半径为・的圆，轨迹与边界的交点位置最远是离0点2_r的距离，即0A=2r,落在川点的粒子从0点垂直入射，貝他粒子则均落在月点左侧，若落在川点右侧则必须有更大的速度，选项B正确：若粒子速度虽然比％大，但进入磁场时与磁场边界夹角过大或过小，粒子仍有可能落在月点左侧，选项A、D错误；若粒子落在£点左右两侧/的范围内，设其半径为川，则F 2斗（代入尸需，F 弋解得心询一”，选项C匸确.2.如图2所示，真空室内存在匀强磁场，磁场方向垂直于纸而向里，磁感应强度的大小5=0. 60 T,磁场内有一块平而感光板ab,板面与磁场方向平行，在距ab板2=16 cm 处，有一个点状的“放射源S,它向各个方向发射"粒子，“粒子的速度都是r=3.0X106 m/s,已知“粒子的比荷-=5.0X10T C/kg,现只考虑在图纸平面中运动的"粒子，求話m上被。
粒子打中的区域的长度.【导学号：96622415]【解析】〃粒子带正电，故在磁场中沿逆时针方向做匀速圆周运动，用斤表示轨道离开电场时的最大速度灯=yj Vb+ v r=誓X 105m./s=^ro,质子在磁场中的最大半径r=寻= 0.5 m,选项C正确，选项D错误.半径，有4.如图4甲所示，水平轨道光滑，小球质量为奶带电荷呈:为+ g,可看作质点，空间存在不断变化的电场和磁场，磁感应强度随时间的变化规律如图乙所示，磁感应强度的大小B=~一方向垂直纸面向里.电场强度在第1 s, 3 s, 5 s,…时间内方向水平向右，大小Q为Q竺，在第2 s, 4 s, 6 s,…时间内方向竖直向上，大小也为Q竺.小球从零时刻开Q Q始在E点由静止释放，求：(1)t=1.5 s时，小球与川点的宜线距离大小：(2)在A点前方轨道正上方高度为方=丝位置有圆环水平放宜，若带电小球恰好可以从JI圆环中心竖直穿过，求圆环中心与月点的水平距离大小.【导学号：96622416]图4【解析】(1)小球在第Is内，竖直方向受力平衡，水平方向只受向右的电场力作用，做匀加速直线运动.设英加速度大小为a,则qE=ma可得a=g运动轨迹如图所示，1 s时小球到达1位置的速度为vi=at=g(jn/s),位移及=号=号(m)第2 s内磁场向里，电场向上，且有qQ昭，故小球做匀速圆周运动由Q V B^—得竝=药=药(m)周期C斗=1 st=1.5 s时，小球在圆轨迹的最高点，髙度为2”，则小球与於点的直线距离s= ~2n~~"H =4-4 (m).(2)第3 s内电场水平向右，没有磁场，小球以初速度臥加速度a=g做匀加速直线运动，第3 s末到达2位巻，速度为⑹ 则v z=内+ar=2g(m/s),位移大小x：=讥+牛二牛⑹小球在第4 s内电场力与重力平衡，在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，周期7=1 s半径^=2X^r=^-(m)因此小球在奇数秒内做匀加速运动，在偶数秒内做匀速圆周运动，在圆轨迹的最低点速度为i4 = g(m/s), s=2g(m/s),必=3g(m/s)圆轨迹的半径分别为/=斉(!1)), h=2X喬(m), n=3X±(m)在奇数秒内位移分别为出=轨)，％=甞缶)•及=^(m)小球恰好从圆环中竖直穿过，则圆轨迹半径恰好等于力，有因此圆环在小球运动的第四个圆轨迹与圆心等髙处若小球向上竖直穿过圆环，则圆环与A 点的水平距离为*=及+疋+兀+油+ r ： = (站+孰)若小球竖直向下穿过圆环，则圆环与A 点的水平距离为+卫+呛+船一r ：== (8g-孰).【答案】 ⑴盘十弔(m)⑵土手)(m)对点强化3带电粒子在磁场中的运动5. (多选)如图5所示，h-xOy 平而内，有垂宜于平而向里的匀强磁场，有一带电 粒子从坐标原点0处以速度％与卩轴正方向夹角为30°进入磁场，粒子经过卩轴正半轴.在 离开磁场前粒子距x 轴的最大距离是厶若磁感应强度是万，粒子的质量是加电荷量是G 则下列说法正确的是()图5A. 粒子带正电B. 粒子在第I 象限和第II 象限的运动时间之比是3 : 1C. 粒子的速度是攀6mD. 粒子与*轴正半轴的交点距岀发点0的距离是零BD 粒子向右偏转，由左手上则知，粒子带负电，选项A 错误：由几何知识得粒子在第 II 象限和第I 象限运动对应的圆心角分别是60°和180°，故粒子在第I 象限和第II 象限的 运动时间之比是3 : 1,选项B 正确：当粒子速度方向与x 轴平行时距x 轴最远，由几何知 识得：r+Fn 30° =h 即尸孚，由r=^得％=攀，选项C 错误；由几何知识得粒 o QD 5mS .文档从网络中收集，已重新整理排版.word版本可编借•欢迎下载支持. 子与X轴正半轴的交点距出发点0的距离尸血竺厚,选项D正确.6.如图6所示，有一轴线水平且垂直纸而的固左绝缘弹性圆简，圆筒壁光滑，筒内有沿轴线向里的匀强磁场，0是简的圆心，圆筒的半径r=0. 40 m.在圆筒底部有一小孔a（只能容一个粒子通过）.圆筒下方一个带正电的粒子经电场加速后（加速电场未画出），以v= 2X101 ni/s的速度从a孔垂直磁场并正对着圆心0进入简中，该带电粒子与圆筒壁碰撞4 次后恰好又从小孔a 射出圆筒.已知该带电粒子每次与简壁发生碰撞时电荷量和能量都不损失，不计粒子的重力和空气阻力，粒子的比iW-=5X107 C/kg,求磁感应强度方的大小.（结m果允许含有三角函数式）【导学号：96622417]图6【解析】带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，即mv解得5=咒由于带电粒子与圆简碰撞时无电荷量和能量损失，那么每次碰撞前后粒子速度大小不变、速度方向总是沿着圆筒半径方向，4个碰撞点与小孔a恰好将圆简壁五等分，粒子在圆筒内的轨迹具有对称性、由5段相同的圆弧组成，设每段轨迹圆弧对应圆心角为0,则由几何关系可得0 rtan口有两种情形符合题意甲乙3情形1：如图甲所示，每段轨迹圆弧对应的圆心角为0=^□口mv 3 n解得5=—tan —3 n ,将数据代入得5= tan —X10 3 T情形2：如图乙所示，每段轨迹圆弧对应的圆心角为〃=专mv Ji解得戸科将数据代入得5= tan 2x10 3 T.3 n JI【答案】tan -yyXlO 3 T 或tan —X10 3 T对点强化4带电粒子在复合场中的运动7.如图7所示，在一宽度P=16cm的区域内，同时存在相互垂直的匀强磁场万和匀强电场E电场的方向竖直向上，磁场的方向垂直纸而向外.一朿带电粒子以速度％同时从垂直电场和磁场的方向射入时，恰不改变运动方向.若粒子朿射入时只有电场，可测得粒子穿过电场时沿竖直方向向上偏移6.4 cm；若粒子束射入时只有磁场，则粒子离开磁场时偏离原方向的距离是多少？不计粒子的重力.图7【解析】当带电粒子朿沿直线运动时，粒子受到的电场力和洛伦兹力平衡，有Q E=QVQ B只有电场时，根据牛顿第二立律有E Q=ma设粒子在电场中运动的时间为仪则D 偏转的距离为“=*aF=6・4 cm只有磁场时，粒子做匀速圆周运动•根据牛顿第二沱律有QV^=综上可得斤=20 cm由图中几何关系可得cm.【答案】8 cm8・(2017 -扬州模拟)如图8所示，位于竖直平而内的直角坐标系中，第一象限内存在沿y 轴负方向、电场强度大小5=2 V/m的匀强电场，第三象限内存在沿x轴负方向、大小也为E=2 V/m的匀强电场：苴中第一象限内有一平行于x轴的虚线，虚线与*轴之间的距离为A=0.4m,在虚线上方存在垂直xOy平而向里、磁感应强度大小为5=0. 5 T的匀强磁场, 在第三象限存在垂直xOy平而向外的、磁感应强度大小也为5=0.5 T的匀强磁场.在第三象限有一点尸，且0、尸的连线与x轴负半轴的夹角〃=45°.现有一带电荷量为g的小球在尸点处获得一沿丹方向的速度，刚好沿刊做匀速直线运动，经过原点后进入第一象限，重力加速度&取10 m/sl求：【导学号：96622418]图8(1)小球做匀速直线运动时的受力情况以及所受力的比例关系;(2)小球做匀速直线运动时的速度大小：(3)小球从0点进入第一彖限开始经过多长时间禽开％轴？【解析】（1）由题意可知，小球在第三象限沿刃做匀速直线运动时，受竖直向下的重力、水平方向的电场力、与刃方向垂直的洛伦兹力，则由力的平衡条件可知，小球的洛伦兹力方向一泄与丹垂直且斜向左上方，因此小球带负电荷，电场力一泄水平向右.设小球质量为加所受洛伦兹力大小为f,由平衡条件得小球所受力的比例关系为昭：（血：f=l： 1 ：^2.（2）由第⑴问得qvB=y[2qE解得尸警=飓讹s.（3）小球刚进入第一象限时，电场力和重力平衡，可知小球先做匀速直线运动，进入y^O. 4 m的区域后做匀速圆周运动，轨迹如图所示，最后从再点离开x轴，小球由O-A匀速运动的位移为"sit。
安徽省高三物理一轮第8章磁场第三讲精品课件
2．磁流体发电机 根据左手定则，如图中的 B 板是发电机的正 极．磁流体发电机两极板间的距离为 d，等离 子体速度为 v，磁场磁感应强度为 B，则两极 板间能达到的最大电势差 U＝_d_v_B__.
3．电磁流量计
工作原理：如图所示，圆形导管直径为 d，用
Q＝Sv
＝π4d2·BUd＝π4dBU.
4．霍尔效应：在匀强磁场中放置一个矩形 截面的载流导体，当_磁__场__方__向__与电流方向 垂直时，导体在与磁场、电流方向都垂直
的方向上出现了_电__势__差__，这个现象称为霍 尔效应．所产生的电势差称为霍尔电势差，
其原理如下图所示．
一、“磁偏转”和“电偏转”的比较
__非__磁__性__材__料___制成，导电液体在管中向左流动，
导电液体中的自由电荷(正、负离子)，在洛伦兹
力的作用下横向偏转，a、b 间出现电势差，形成
电场，当自由电荷所受的_电__场__力__和_洛__伦__兹__力___
平衡时，a、b 间的电势差就保持稳定，即 qvB
qE＝qUd ，所以
U v＝___d_B__，因此液体流量
r＝B_1____2__mq_U，m＝__q2_r2_UB_2_，mq ＝_B_22_Ur_2_.
3．回旋加速器(1)构造：如右图所示，D1、D2 是半圆金属盒，D 形盒的缝隙处接_交__流__电 源．D 形盒处于匀强磁场中．
(2)原理：交流电的周期和粒子做圆周运动的周期 _相__等___，粒子在圆周运动的过程中一次一次地经 过 D 形盒缝隙，两盒间的电势差一次一次地反向， 粒子就会被一次一次地加速．由 qvB＝mRv2，得
三、带电粒子在复合场中运动的分析方法和思路
2014届高考物理一轮复习(新课标版) 第八章 磁场 检测试题
第八章检测试题(时间:60分钟满分:100分)【测控导航】一、选择题(本题共9小题,每小题6分,共54分.1~7题为单选题,8~9题为多选题,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错或不选的得0分)1.(2012陕西模拟)下列关于磁感应强度大小的说法,正确的是( D)A.通电导线受安培力大的地方磁感应强度一定大B.通电导线在磁感应强度大的地方受力一定大C.放在匀强磁场中各处的通电导线,受力大小和方向处处相同D.磁感应强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小和方向无关解析:磁场中某点磁感应强度的大小和方向由磁场本身决定,与通电导线的受力大小及方向都无关,故选项A错误,选项D正确.通电导线在磁场中受力的大小不仅与磁感应强度大小有关,而且与通电导线的方向有关,故选项B错误.虽然匀强磁场中磁感应强度处处相等,但当通电导线在各个位置的方向不同时,安培力是不相同的(通电导线与磁场垂直时受安培力最大,与磁场平行时受安培力为0),而选项C中没有说明通电导线在各个位置的方向是否相同,所以选项C错误.故选D.2.如图所示,三根长直导线垂直于纸面放置,通以大小相同、方向如图所示的电流,ac⊥bd,且ab=ad=ac,则a点处磁感应强度的方向为( C)A.垂直于纸面向外B.垂直于纸面向里C.沿纸面由a向dD.沿纸面由a向c解析:因为ab=ad,则b与d两直导线电流产生的磁场可互相抵消,a点磁感应强度的方向决定于c中的电流,根据安培定则可判断,a点的磁感应强度的方向沿纸面由a向d.故选C.3. (2013绵阳模拟)如图所示,磁场方向竖直向下,通电直导线ab由水平位置1绕a点在竖直平面内转到位置2,通电导线所受安培力是( B)A.数值变大,方向不变B.数值变小,方向不变C.数值不变,方向改变D.数值、方向均改变解析:安培力的计算公式为F=BILsin θ,其中θ表示磁场方向与通电直导线之间的夹角,本题中θ变小,所以安培力变小;根据左手定则,安培力既垂直于磁场方向,也垂直于电流方向,即安培力垂直于磁场和电流所构成的平面,本题中安培力的方向不变,仍垂直于纸面所在平面.综上分析,只有选项B正确.4.如图(甲)所示,一个质量为m、电荷量为+q的带电粒子,不计重力,在a点以某一初速度水平向左射入磁场区域Ⅰ,沿曲线abcd运动,ab、bc、cd都是半径为R的圆弧.粒子在每段圆弧上运动的时间都为t.规定垂直于纸面向外的磁感应强度为正,则磁场区域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三部分的磁感应强度B随x变化的关系可能是图(乙)中的( C)解析:由左手定则可判断出磁感应强度B在磁场区域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ内磁场方向分别为向外、向里、向外,在三个区域中均运动圆周,故t=,由于T=,求得B=.只有选项C正确.故选C.5.(2012杭州一模)如图所示,匀强电场水平向右,匀强磁场垂直纸面向里,带正电的小球在场中静止释放,最后落到地面上.关于该过程,下述说法正确的是( C)A.小球做匀变速曲线运动B.小球减少的电势能等于增加的动能C.电场力和重力做的功等于小球增加的动能D.若保持其他条件不变,只减小磁感应强度,小球着地时动能不变解析:小球在运动过程中所受洛伦兹力不停变化,合外力不恒定,不可能做匀变速曲线运动,故选项A错;电场力做的功等于电势能的减少量,电场力做的功和重力做的功之和等于小球的动能增量,故选项B错误,选项C正确;只减小磁感应强度,会导致洛伦兹力减小,飞行的水平距离减小,电场力做功减小,则小球落地时动能减小,故选项D错.故选C.解答这类问题时,一定要明确各种力做功的特点:重力做功只与初末位置的高度差有关;电场力做功与初末位置的电势差有关;而洛伦兹力永不做功.6.(2012佛山检测)如图,在天平右盘底部挂有一个矩形线圈,其一部分悬在方向垂直纸面向里的匀强磁场中,矩形线圈通有顺时针方向电流,现天平右侧向下倾斜,下列措施有可能使天平平衡的是( C)A.增大磁感应强度B.增加通过线圈的电流C.改变电流的方向D.在不改变线圈质量的同时,增加底边的长度解析:由题可知,安培力方向向下,再由题意有:m左g<m右g+BIL,增大磁感应强度,不会使天平平衡,故选项A错误;增加通过线圈的电流,则会使天平向右倾斜,故选项B错;改变电流方向,安培力方向改变,有可能使天平平衡,故选项C正确;增加底边长度,则会使安培力增大,天平向右倾斜,故选项D错.7.(2012和平区模拟)如图所示,竖直放置的平行板电容器,A板接电源正极,B板接电源负极,在电容器中加一与电场方向垂直的、垂直纸面向里的匀强磁场.一批带正电的微粒从A板中点小孔C射入,射入的速度大小方向各不相同,考虑微粒所受重力,微粒在平行板A、B间运动过程中( D)A.所有微粒的动能都将增加B.所有微粒的机械能都将不变C.有的微粒可以做匀速圆周运动D.有的微粒可能做匀速直线运动解析:微粒受重力、电场力和洛伦兹力.电场力可能对微粒做功,也可能不做功,故A、B错误.重力和电场力不可能平衡,C错误.重力、电场力、洛伦兹力有可能平衡,故D正确.8. (2013资阳模拟)如图所示,通电导体棒静止于水平导轨上,棒的质量为m,长为L,通过的电流大小为I且垂直纸面向里,匀强磁场的磁感应强度B的方向与导轨平面成θ角,则导体棒受到的( AC)A.安培力大小为BILB.安培力大小为BILsin θC.摩擦力大小为BILsin θD.支持力大小为mg-BILcos θ解析:根据安培力计算公式,F=BIL,A正确,B错误.导体棒受力如图根据平衡条件,f=BILsin θ,C正确.N=mg+BILcosθ,D错误.9.(2012烟台一模)某空间存在着如图(甲)所示的足够大的、垂直纸面向里的匀强磁场.在磁场中A、B两个物块叠放在一起,置于光滑水平面上,物块A带正电,物块B不带电且表面绝缘.在t=0时刻,水平恒力F作用在物块B上由静止开始做加速度相同的运动.在A、B一起向左运动的过程中,以下说法正确的是( CD)A.图(乙)可以反映A所受洛伦兹力大小随时间t变化的关系,图中y表示洛伦兹力大小B.图(乙)可以反映A对B的摩擦力大小随时间t变化的关系,图中y表示摩擦力的大小C.图(乙)可以反映A对B的压力大小随时间t变化的关系,图中y表示压力的大小D.图(乙)可以反映B对地面压力大小随时间t变化的关系,图中y表示压力的大小解析:洛伦兹力F洛=qvB=qBat,所以选项A错误.物块A对物块B的摩擦力大小f=m A a,所以f随时间t的变化保持不变,选项B错误.A受的支持力N=m A g+qvB=m A g+qBat,选项C正确.B受地面的支持力N'=(m A+m B)g+qBat,选项D正确.二、计算题(共46分)10.(13分)已研制出的一种可以投入使用的电磁轨道炮,其原理如图所示.炮弹(可视为长方形导体)置于两固定的平行导轨之间,并与轨道壁密接.开始时炮弹在导轨的一端,通电流后,炮弹会被磁场力加速,最后从位于导轨另一端的出口高速射出.设两导轨之间的距离d=0.10 m,导轨长L=5.0 m,炮弹质量m=0.30 kg.导轨上的电流I的方向如图中箭头所示.可认为,炮弹在轨道内运动时,它所在处磁场的磁感应强度始终为B=2.0 T,方向垂直于纸面向里.若炮弹射出速度为v=2.0×103 m/s,求通过导轨的电流I的大小.(忽略摩擦力与重力的影响)解析:在导轨通有电流I时,炮弹作为导体受到磁场施加的安培力为F=IdB①(3分)设炮弹加速度的大小为a,则有F=ma②(2分)炮弹在两导轨间做匀加速运动,因而v2=2aL③(3分)联立①②③式得I=(3分)代入题给数据得I=6.0×105 A.(2分)答案:6.0×105 A11.(14分)如图所示,在平面直角坐标系xOy内,第Ⅰ象限存在沿y轴负方向的匀强电场,第Ⅳ象限以ON为直径的半圆形区域内,存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场,磁感应强度为B.一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子,从y轴上y=h处的M点,以速度v0垂直于y轴射入电场,经x轴上x=2h处的P点进入磁场,最后以垂直于y轴的方向射出磁场.不计粒子重力.求:(1)电场强度大小E.(2)粒子在磁场中运动的轨道半径r.(3)粒子从进入电场到离开磁场经历的总时间t.解析:(1)粒子的运动轨迹如图所示,设粒子在电场中运动的时间为t1,x方向:2h=v0t1,y方向:h=a,(2分)根据牛顿第二定律:Eq=ma(1分)求得E=.(1分)(2)根据动能定理,Eqh=mv2-m(2分)将E的表达式代入上式,可求得v=v 0再根据Bqv=m,求出r=.(2分)(3)粒子在电场中运动的时间:t1=(1分)粒子在磁场中运动的周期:T==(1分)设粒子射入磁场时与x轴成α角,在磁场中运动的圆弧所对圆心角为β则cos α==,α=45°(1分)因射出磁场时的速度方向垂直于y轴,故β=135°(1分)所以粒子在磁场中运动的时间为t2=T(1分)总时间t=t1+t2=+.(1分)答案:(1)(2)(3)+解决带电粒子在组合场中运动问题时,能够正确画出粒子的运动轨迹是解题的关键,做题时一定要用铅笔规范作图.12. (2013遂宁模拟)(19分)如图所示,两块足够大的平行金属板a、b 竖直放置,板间有场强为E的匀强电场,两板距离为d,今有一带正电微粒从a板下边缘以初速度v0竖直向上射入板间,当它飞到b板时,速度大小不变,而方向变为水平方向,且刚好从高度也为d的狭缝穿过b板而进入bc区域,bc区域的宽度也为d,所加电场大小为E,方向竖直向上,磁感应强度B=,方向垂直纸面向里.求:(1)微粒的带电荷量q;(2)微粒穿出bc区域的位置到a板下边缘的竖直距离L(用d表示);(3)微粒在ab、bc区域中运动的总时间t(用d、v0表示).解析:(1)微粒在电场中受水平向右的电场力和竖直向下的重力,其运动分解为水平和竖直的匀变速运动,水平方向加速度 a=,(1分)又=,(1分)得q=.(2分)(也可由a=,d=,得q=,同样正确)(2)微粒进入bc区域中由于电场力与重力平衡,微粒在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动,Bqv0=m,又B=,(1分)d=,(1分)得圆周半径r=2d.(2分)微粒刚进入bc区域时,洛伦兹力方向向上,逆时针偏转,轨迹如图所示.(2分)设所对圆心角为θ,由几何关系得sin θ==,即θ=30°(2分)微粒穿出bc区域的位置到a板下边缘的竖直距离L=d+ r(1-cos 30°)=(3-)d.(2分)(3)微粒在电场中运动的时间为t1=,(1分)在磁场中运动时间t2==(2分)在ab、bc区域中运动的总时间为t=t1+t2=.(2分)答案:(1)(2)(3-)d(3)。
【人教通用版】2014届高三物理一轮复习专讲专练：第八单元
(考查范围：第八单元分值：110分)一、选择题(每小题7分，共49分)1．磁场中某区域的磁感线如图D8－1所示，则()图D8－1A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bC．同一通电导线放在a处受力可能比放在b处受力大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力小2．质量为m、长为L的直导体棒放置于四分之一光滑圆弧轨道上，整个装置处于竖直向上磁感应强度为B的匀强磁场中，直导体棒中通有恒定电流，平衡时导体棒与圆弧圆心的连线与竖直方向成60°角，其截面图如图D8－2所示．则下列关于导体棒中的电流的分析正确的是()A．导体棒中电流垂直纸面向外，大小为3mg BLB．导体棒中电流垂直纸面向外，大小为3mg 3BLC．导体棒中电流垂直纸面向里，大小为3mg BLD．导体棒中电流垂直纸面向里，大小为3mg 3BL图D8－2D8－33．如图D8－3所示，水平导线中通有稳恒电流，导线正下方的电子e的初速度方向与电流方向相同，其后电子将()A．沿路径a运动，轨迹是圆B．沿路径a运动，半径变小C．沿路径a运动，半径变大D．沿路径b运动，半径变小图D8－44．如图D8－4所示圆形区域内有垂直于纸面方向的匀强磁场，一束质量和电荷量都相同的带电粒子以不同的速率沿着相同的方向对准圆心O射入匀强磁场，又都从该磁场中射出，这些粒子在磁场中的运动时间有的较长，有的较短．若带电粒子在磁场中只受磁场力的作用，则在磁场中运动时间越长的带电粒子()A．速率一定越小B．速率一定越大C．在磁场中通过的路程越长D．在磁场中的周期一定越大5．粒子回旋加速器的工作原理如图D8－5所示，置于真空中的D形金属盒的半径为R，两金属盒间的狭缝很小，磁感应强度为B的匀强磁场与金属盒盒面垂直，高频交流电的频率为f，加速电压为U，若中心粒子源处产生的质子质量为m，电荷量为＋e，在加速器中被加速．不考虑相对论效应，则下列说法正确是()图D8－5A．不改变磁感应强度B和交流电的频率f，该加速器也可加速α粒子B．加速的粒子获得的最大动能随加速电压U的增大而增大C．质子被加速后的最大速度不能超过2πRfD．质子第二次和第一次经过D形盒间狭缝后轨道半径之比为2∶16．如图D8－6所示，两块平行、正对的金属板水平放置，使上面金属板带上一定量正电荷，下面金属板带上等量的负电荷，再在它们之间加上垂直纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以初速度v0沿垂直于电场和磁场的方向从两金属板左端中央射入后向上偏转．若带电粒子所受重力可忽略不计，仍按上述方式将带电粒子射入两板间，为使其向下偏转，下列措施中一定不可行的是()A．仅增大带电粒子射入时的速度B．仅增大两金属板所带的电荷量C．仅减小粒子所带电荷量D．仅改变粒子的电性图D8－6图D8－77．如图D8－7所示，铜质导电板置于匀强磁场中，通电时铜板中电流方向向上．由于磁场的作用，则()A．板左侧聚集较多电子，使b点电势高于a点电势B．板左侧聚集较多电子，使a点电势高于b点电势C．板右侧聚集较多电子，使a点电势高于b点电势D．板右侧聚集较多电子，使b点电势高于a点电势二、计算题(61分)8．(18分)图D8－8为等臂电流天平，可以用来测量匀强磁场的磁感应强度．它的右臂挂着匝数为n的矩形线圈，线圈的水平边长为l，处于匀强磁场内，磁感应强度的大小为B、方向与线圈平面垂直．当线圈中通过电流I时，调节砝码使两臂达到平衡．然后使电流反向、大小不变，这时需要在左盘中增加质量为m的砝码，才能使两臂再次达到新的平衡．(取重力加速度g＝10 m/s2)(1)导出用已知量和可测量量n、m、l、I表达B的计算式．(2)当l＝10.0 cm、I＝0.10 A、m＝7.2 g、n＝9时，磁感应强度B是多大？图D8－89．(20分)如图D8－9所示，四个竖直的分界面间的距离分别为L、L和d，在分界面M1N1—M3N3之间存在水平向里的匀强磁场，在分界面M2N2—M4N4之间存在水平向左的匀强电场，一倾角为30°的光滑斜面，其上、下端P1和P2正好在分界面上．一质量为m，带电荷量为q的小球在P1点由静止开始沿斜面下滑(电荷量不变)，重力加速度为g.(1)求小球运动到斜面底端P2时的速度v大小；(2)已知小球离开斜面底端P2后，做直线运动到分界面M3N3上的P3点，求空间电场强度E 和磁感应强度B的大小；(3)已知d足够大，小球离开P3点后将从P4点再次经过M3N3面，求P3和P4两点间的距离h.图D8－910．(23分)如图D8－10所示装置中，区域Ⅰ和Ⅲ中分别有竖直向上和水平向右的匀强电场，电场强度分别为E和E2；Ⅱ区域内有垂直纸面向外的水平匀强磁场，磁感应强度为B.一质量为m、带电量为q的带负电粒子(不计重力)从左边界O点正上方的M点以速度v0水平射入电场，经水平分界线OP上的A点与OP成60°角射入Ⅱ区域的磁场，并垂直竖直边界CD进入Ⅲ区域的匀强电场中．求：(1)粒子在Ⅱ区域匀强磁场中运动的轨道半径；(2)O、M间的距离；(3)粒子从M点出发到第二次通过CD边界所经历的时间．图D8－101．BC[解析] 在磁场中，磁感线疏密表示磁场的强弱，故B a＜B b，选项A错误，选项B 正确；同一通电导线如果都垂直放入磁场中，则在a处受力一定比b处受力小，但如果通电导线与磁场平行放置，受力均为零，选项D错误；若同一通电导线在a处垂直磁场放置，在b处平行磁场放置，则在a处受力大于b处受力，选项C正确．2．C[解析] 由平衡条件分析，安培力水平向右，由左手定则，导体棒中电流垂直纸面向里，且tan60°＝BILmg，电流大小I＝3mgBL，C正确．3．C4．A[解析] 由T＝2πmqB可知所有的粒子周期相同．由r＝m vqB∝v可知速率越大，半径越大，偏转角θ越小，t＝θ2πT∝θ，因此在磁场中运动时间越长的带电粒子速率一定越小，A正确．5．CD[解析] 质子被加速获得的最大速度受到D形盒最大半径限制，最大速度v m＝2πRf，C正确；粒子旋转频率为f＝Bq2πm，与被加速粒子的比荷有关，A错误；粒子被加速的最大动能E km＝12m v2m＝2mπ2R2f2，与电压U无关，B错误；运动半径R n＝m v nBq，由nUq＝12m v2n，故半径之比为2∶1，D正确．6．C7．A[解析] 电子向下定向移动形成电流，电子受到向左的洛伦兹力而向左偏，大量的电子聚集在左侧，形成新的电场，且b点电势高于a点电势，A正确．8．(1)B＝mg2nIl(2)0.4 T[解析] (1)设电流方向未改变时，等臂天平的左盘内砝码的质量为m1，右盘内砝码的质量为m2，线框质量为m0，由平衡条件有m1g＝m2g＋m0g－nBIl电流方向改变之后有(m1＋m)g＝m2g＋m0g＋nBIl联立两式可得：B＝mg 2nIl.(2)将l＝10 cm，I＝0.1 A，m＝7.2 g，n＝9代入上式得B＝0.4 T.9．(1)2 3gL3(2)mq2g3L(3)4 3 L[解析] (1)由动能定理有mgL tan30°＝12m v2解得v＝2 3gL3.(2)小球从P2到P3点做直线运动，只能是做匀速直线运动，所受合力为零，由平衡条件有qE＝Bq v sin30°mg＝Bq v cos30°解得：E＝3mg3q，B＝mq2g3L.(3)从P 3到P 4点做类平抛运动，在P 3点速度为v ，沿P 2P 3方向做匀速运动，与此方向垂直的方向为匀加速运动，则mgcos30°＝ma解得a ＝2g 3根据平抛规律有 h sin30°＝v t h cos30°＝12at 2解得h ＝6v 2g＝4 3L .10．(1)2m v 0qB (2)3m v 202qE (3)（8＋3）m v 0qE ＋πm 3qB[解析] (1)粒子在匀强电场中做类平抛运动，设粒子过A 点时速度为v ，由类平抛运动规律有 v ＝v 0cos60°粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得 Bq v ＝m v 2R解得R ＝2m v 0qB. (2)设粒子在电场中运动时间为t 1，加速度为a ，则有 qE ＝ma v 0tan60°＝at 1 解得t 1＝3m v 0qE. O 、M 两点间的距离为L ＝12at 21＝3m v 202qE.(3)设粒子在Ⅱ区域磁场中运动时间为t 2.由几何关系知 t 2＝T 16＝πm3qB设粒子在Ⅲ区域电场中运行时间为t 3，在Ⅲ区域电场中加速度a ′＝qE2m ＝qE2m则t3＝2va′＝8m v0qE粒子从M点出发到第二次通过CD边界所用时间为t＝t1＋t2＋t3＝3m v0qE＋πm3qB＋8m v0qE＝（8＋3）m v0qE＋πm3qB.。
【志鸿优化设计】(安徽专用)2014届高考物理一轮复习 第八章 磁场单元检测(含解析) 新人教版
单元检测八磁场(时间：60分钟总分为：100分)一、单项选择题(此题8小题，每一小题7分，共56分)1．关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是( )A．磁感线从磁体的N极出发，终止于S极B．磁场的方向就是通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向C．沿磁感线方向，磁场逐渐减弱D．在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小2．如下列图，在竖直向上的匀强磁场中，水平放置着一根长直导线，电流方向垂直纸面向外，A、B、C、D是以直导线为圆心的同一圆周上的四点，在这四点中( )A．A、B两点磁感应强度一样B．C、D两点磁感应强度大小相等C．A点磁感应强度最大D．B点磁感应强度最小3．如下四个实验现象中，不能明确电流能产生磁场的是( )A．甲图中，导线通电后磁针发生偏转B．乙图中，通电导线在磁场中受到力的作用C．丙图中，当电流方向一样时，导线相互靠近D．丁图中，当电流方向相反时，导线相互远离4．(2012·德州模拟)如下列图，通电导体棒静止于水平导轨上，棒的质量为m，长为l，通过的电流大小为I且垂直纸面向里，匀强磁场的磁感应强度B的方向与导轨平面成θ角，如此导体棒受到的( )A．安培力大小为BIlB．安培力大小为BIl sin θC．摩擦力大小为BIl cos θD．支持力大小为mg－BIl cos θ5．粒子甲的质量与电荷量分别是粒子乙的4倍与2倍，两粒子均带正电，让它们在匀强磁场中同一点以大小相等、方向相反的速度开始运动。
磁场方向垂直纸面向里。
以下四个图中，能正确表示两粒子运动轨迹的是( )6．空间存在垂直于纸面方向的均匀磁场，其方向随时间做周期性变化，磁感应强度B 随时间t 变化的图象如下列图。
规定B ＞0时，磁场的方向穿出纸面。
一电荷量q ＝5π×10－7 C 、质量m ＝5×10－10 kg 的带电粒子，位于某点O 处，在t ＝0时刻以初速度v 0＝π m/s 沿某方向开始运动。
【课堂新坐标】(安徽专用)2014届高考物理一轮复习 第八章 磁场随堂自测(含解析)
【课堂新坐标】2014届高考物理〔人教版，安徽专用〕一轮复习随堂自测：第八章 磁场〔含答案解析〕1．在“测定金属丝电阻率〞的实验中，由ρ＝πd 2U4Il 可知，对实验结果的准确性影响最大的是( )A ．金属丝直径d 的测量B ．电压U 的测量C ．电流I 的测量D ．金属丝长度l 的测量2．在测定金属丝的电阻率实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图7－3－8所示，读数为________mm.图7－3－83．(2012·潍坊模拟)某同学做“测定金属电阻率〞的实验．(1)需要通过实验直接测量的物理量有：_______________(写知名称和符号)． (2)这位同学在一次测量时，电流表、电压表的示数如图7－3－9所示．由图中电流表、电压表的读数可计算出金属丝的电阻为________Ω.图7－3－94.图7－3－10(2012·广东江门模拟)在“测定金属的电阻率〞的实验中，用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图7－3－10所示，用米尺测出金属丝的长度l ，金属丝的电阻大约为5 Ω，先用伏安法测出金属丝的电阻R ，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率．(1)从图中读出金属丝的直径为________mm.(2)为此取来两节新的干电池、电键和假设干导线与如下器材：A．电压表0～3 V，内阻10 kΩB．电压表0～15 V，内阻50 kΩC．电流表0～0.6 A，内阻0.05 ΩD．电流表0～3 A，内阻0.01 ΩE．滑动变阻器，0～10 ΩF．滑动变阻器，0～100 Ω①要求较准确地测出其阻值，电压表应选________，电流表应选________，滑动变阻器应选________．(填序号)②实验中某同学的实物接线如图7－3－11所示，请指出该同学实物接线中的两处明显错误．图7－3－11错误1：________________________________________________错误2：________________________________________________(3)假设测得金属丝的直径用d表示，电阻用R表示，如此该金属材料的电阻率ρ＝________.5．(2012·浙江高三调研)用伏安法测量金属丝的电阻(阻值在3至9 Ω之间)，现提供图7－3－12甲所示的实验器材．实验要求获得多组数据，且金属丝上所加的电压须从零开始．(1)请在图甲中选择必要的器材，并进展连线．甲乙图7－3－12(2)某次实验测量时，两表均选用小量程．外表刻度与指针如图7－3－12乙所示，如此该金属丝的电阻值为________．6．(2012·汇文中学模拟)如图7－3－13所示是一些准备用来测量待测电阻R x阻值的实验器材，器材与其规格列表如下：为了能正常进展测量并尽可能减小测量误差，实验要求测量时电表的读数大于其量程的一半，而且调节滑动变阻器能使电表读数有较明显的变化．请用实线代替导线，在所给的实验器材中选择适宜的器材，连成满足要求的测量R x阻值的电路．图7－3－137．(2012·高考改编)在“测定金属的电阻率〞实验中，所用测量仪器均已校准．待测金属丝接入电路局部的长度约为50 cm.(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图7－3－14所示，其读数应为________mm(该值接近屡次测量的平均值)．图7－3－14(2)用伏安法测金属丝的电阻R x.实验所用器材为：电池组(电动势3 V，内阻约1 Ω)，电流表(内阻约0.1 Ω)、电压表(内阻约3 kΩ)、滑动变阻器R(0～20 Ω，额定电流2 A)、开关、导线假设干．某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进展实验测量，记录数据如下：次数1234567U/V0.100.300.70 1.00 1.50 1.70 2.30I/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520 由以上实验数据可知，他们测量R x是采用图7－3－15中的________图(选填“甲〞或“乙〞)．图7－3－15(3)图7－3－16是测量R x的实验器材实物图，图中已连接了局部导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的一端．请根据(2)所选的电路图，补充完成图7－3－16中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏．图7－3－16(4)这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图7－3－17所示，图中已标出了与测量数据对应的4个坐标点．请在图7－3－17中标出第2、4、6次测量数据的坐标点，并描绘出U－I图线．由图线得到金属丝的阻值R x＝______________________________Ω(保存两位有效数字)．图7－3－17(5)根据以上数据可以估算出金属丝电阻率约为________(填选项前的符号)． A ．1×10－2Ω·m B．1×10－3Ω·m C ．1×10－6Ω·m D．1×10－8Ω·m答案与解析1．【解析】 四个选项中的四个物理量对金属丝的电阻率均有影响，但影响最大的是直径d ，因为在计算式中取直径的平方．【答案】 A2．【解析】 固定刻度局部读数为0.5 mm ，可动刻度局部读数为11.7×0.01 mm＝0.117 mm ，如此螺旋测微器的读数为0.5 mm ＋0.117 mm ＝0.617 mm(0.616～0.619 mm 都对)．【答案】 0.617(0.616～0.619)3．【解析】 (1)由R ＝ρl S 、R ＝U I 得ρ＝Ud 2π4Il.需要直接测量的物理量有U 、I 、l 、d .(2)电压表读数是2.40 V ，电流表读数是0.46 A ，电阻R ＝U I ＝2.400.46Ω≈5.22 Ω.【答案】 (1)加在金属丝两端的电压U ，通过金属丝的电流I ，金属丝的长度l ，金属丝的直径d (2)5.224.【解析】 (1)从螺旋测微器的固定刻度上可以看出，半毫米刻度线已经露出来，因此主尺上应读0.5 mm ，可动刻度上接近第18个刻度线，可以估读0.180 mm(或0.179 mm)，所以该金属丝直径应为0.5 mm ＋0.180 mm(或0.179 mm)＝0.680 mm(或0.679 mm)．(2)①由电路图知电源是两节干电池，电动势是3 V ，用3 V 量程的电压表A ；因为电阻丝的电阻大约为5 Ω，如果把3 V 的电动势全加在电阻丝上，电流才是0.6 A ，因此用量程是0.6 A 的电流表C ；此题中金属丝的电阻大约为5 Ω，为了减小实验误差，应选10 Ω的滑动变阻器E.(3)由R ＝ρl S 可得：ρ＝πRd24l.【答案】 (1)0.680(或0.679)(2)①A C E ②错误1：导线连接在滑动变阻器的滑片上 错误2：采用了电流表内接法 (3)πRd24l5．【解析】 (2)由图乙可知，电压表示数为U ＝2.30 V ，电流表示数为I ＝0.46 A由R ＝U I ＝2.300.46Ω＝5.0 Ω【答案】 (1)(2)5.0 Ω6．【解析】 由于待测电阻约1 000 Ω，滑动变阻器最大电阻为100 Ω，要使电表读数发生较明显的变化，滑动变阻器必须使用分压式接法．当电源电动势全部加在待测电阻上时，流过的电流约为I ＝E R x ＝91 000A ＝9 mA ≪3.0 A ，显然不能用电流表来测电流，而应该把其中一个电压表V 1当电流表来使用．根据比值法容易判断出待测电阻是大电阻，伏安法应使用内接法．【答案】7．【解析】 (1)螺旋测微器的读数为 0 mm ＋39.8×0.01 mm＝0.398 mm.(2)由实验记录的数据可知R x 的阻值大约为5 Ω.由题知R x ≪R V ，故电流表Ⓐ外接．假设滑动变阻器接为限流的形式，如此R x 两端的电压最小值U min ＝520＋5＋1＋0.1E ≈0.6 V，而从实验数据可知R x两端电压可为0.10 V，因此滑动变阻器应采用分压的形式．(3)如图甲所示．甲(4)选尽可能多的点连成一条直线，不在直线上的点均匀分布在直线两侧，如图乙所示．乙图线的斜率反映了金属丝的电阻，因此金属丝的电阻值R x＝4.4 Ω.(5)根据R＝ρlS得金属丝的电阻率ρ＝RSl＝πRd24l＝3.14×4.4×0.398×10－324×0.5Ω·m≈1.09×10－6Ω·m，应当选项C正确，选项A、B、D错误．【答案】(1)0.398(0.395～0.399均正确) (2)甲(3)见解析图甲(4)见解析图乙 4.4(4.3～4.7均正确)(5)C。
2014届高考物理(大纲版)一轮复习配套训练专题八磁场Word版含解析
专题八 磁 场1.(2012·高考天津卷)如图所示，金属棒MN 两端由等长的轻质细线水平悬挂，处于竖直向上的匀强磁场中，棒中通以由M 向N的电流，平衡时两悬线与竖直方向夹角均为θ.如果仅改变下列某一个条件，θ角的相应变化情况是( )A ．棒中的电流变大，θ角变大B ．两悬线等长变短，θ角变小C ．金属棒质量变大，θ角变大D ．磁感应强度变大，θ角变小2.(2012·高考安徽卷)如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v 从A 点沿直径AOB 方向射入磁场，经过Δt 时间从C 点射出磁场，OC 与OB 成60°角．现将带电粒子的速度变为v /3，仍从A 点沿原方向射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间变为( )A.12Δt B ．2Δt C.13Δt D ．3Δt3.(2012·高考广东卷)质量和电量都相等的带电粒子M 和N ，以不同的速率经小孔S 垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，下列表述正确的是( )A ．M 带负电，N 带正电B ．M 的速率小于N 的速率C ．洛伦兹力对M 、N 做正功D ．M 的运行时间大于N 的运行时间4.(2012·高考大纲全国卷)质量分别为m 1和m 2、电荷量分别为q 1和q 2的两粒子在同一匀强磁场中做匀速圆周运动．已知两粒子的动量大小相等．下列说法正确的是( )A ．若q 1＝q 2，则它们做圆周运动的半径一定相等B ．若m 1＝m 2，则它们做圆周运动的半径一定相等C ．若q 1≠q 2，则它们做圆周运动的周期一定不相等D ．若m 1≠m 2，则它们做圆周运动的周期一定不相等5. (2012·高考江苏卷)如图所示，MN 是磁感应强度为B 的匀强磁场的边界．一质量为m 、电荷量为q 的粒子在纸面内从O 点射入磁场．若粒子速度为v 0，最远能落在边界上的A点．下列说法正确的有( )A ．若粒子落在A 点的左侧，其速度一定小于v 0B ．若粒子落在A 点的右侧，其速度一定大于v 0C ．若粒子落在A 点左右两侧d 的范围内，其速度不可能小于v 0－qBd 2mD ．若粒子落在A 点左右两侧d 的范围内，其速度不可能大于v 0＋qBd 2m6.(2012·高考北京卷)处于匀强磁场中的一个带电粒子，仅在磁场力作用下做匀速圆周运动．将该粒子的运动等效为环形电流，那么此电流值( )A ．与粒子电荷量成正比B ．与粒子速率成正比C ．与粒子质量成正比D ．与磁感应强度成正比答案：1.【解析】选A.对金属棒受力分析知，tan θ＝BIL mg对A ，I 增大，θ角变大；对B ，与悬线的长度无关；对C ，m 增大，θ角减小；对D ，B 增大，θ角变大，故A 项正确．2.【解析】选B.粒子速度为v 时，A 点射入，C 点射出，转过的圆心角为60°，则在磁场中的时间Δt ＝16T ，若以v 3的速度射入，周期不变，半径为原来的13，由几何关系可知在磁场中转过的圆心角为120°，则运动时间t ＝13T ＝2Δt ，故B 项正确． 3.【解析】选A.由左手定则得M 带负电，N 带正电，故选A.4.【解析】选A.由半径公式R ＝m v qB知，动量大小相等的粒子，若q 1＝q 2，R 一定相等，A 正确；若m 1＝m 2，q 关系不确定，R 大小关系无法确定，B 错误；由周期公式T ＝2πm qB，若q 1≠q 2，m 1与m 2关系也无法确定，二者周期可能相同，C 错误，同理，D 项也是错误的．5.【解析】选BC.若粒子以v 0射入磁场，则其轨道半径r ＝m v 0qB是一定值，从O 点射入，最远经过A 点，OA 一定为最长弦，即直径，该粒子此时一定从O 点垂直于边界射入．若粒子落在A 点左侧，可以在v 0不变的情况下通过改变入射角度实现，A 错；若粒子落在A 点右侧，只能增大v 0，增大轨道半径实现，B 正确；若粒子落在A 点左侧d 处，其轨道半径最小为R 1＝r －d 2，由q v 1B ＝m v 21R 1得最小速度：v 1＝v 0－qBd 2m，C 正确；若粒子从O 点垂直射入落在A 点右侧d 处，其半径R 2＝r ＋d 2，入射速度v 2＝v 0＋qBd 2m，但可以增大速度，改变入射角度，让其落在该范围内，所以v 2并非最大速度，D 错误．6.【解析】选D.本题考查电流的定义式I ＝q t，带电粒子在洛伦兹力的作用下做圆周运动，q v B ＝m v 2R ，T ＝2πR v 得T ＝2πm qBI ＝q T ＝q 2B 2πm可知I 与q 2成正比，A 错，与v 无关，与m 成反比．B 、C 错，与B 成正比，D 对．。
高考物理一轮复习 第八章 磁场章末达标验收 新人教版
【创新方案】2014年高考物理一轮复习章末达标验收：第八章磁场(教师用书独具)(时间：50分钟满分：100分)一、选择题(本题共12小题，每小题5分，共60分，每小题至少有一个选项正确，选对但选不全得3分，有错选或不答的得0分)1.(2012·河北衡水中学调研)如图1所示，平行于纸面水平向右的匀强磁场，磁感应强度B1＝1 T。
位于纸面内的细直导线，长L＝1 m，通有I＝1 A的恒定电流。
当导线与B1成60°夹角时，发现其受到的安培力为零，则该区域同时存在的另一匀强磁场的磁感应强度B2的可能值是( )图1A.12T B.32TC．1 T D. 3 T解析：选BCD 当导线与B1成60°夹角时，发现其受到的安培力为零，说明该区域同时存在着另一匀强磁场B2，并且B2与B1的合磁场的磁感应强度方向沿导线方向，根据矢量合成的三角形定则，可知B2≥B1sin 60°＝32T，所以B2的值不可能为12T，选项A错误，B、C、D正确。
2．1922年英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、同位素和质谱的研究荣获了诺贝尔化学奖。
若速度相同的同一束粒子由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图2所示，则下列相关说法中正确的是( )图2A ．该束带电粒子带负电B ．速度选择器的P 1极板带正电C ．在B 2磁场中运动半径越大的粒子，质量越大D ．在B 2磁场中运动半径越大的粒子，比荷q /m 越小解析：选BD 由带电粒子在磁场B 2中的偏转方向可知，粒子带正电，选项A 错误；带电粒子在如图所示的速度选择器中受到两个力平衡，即qvB ＝qE ，因为受到的洛伦兹力方向向上，故受到的电场力方向向下，则P 1极板带正电，选项B 正确；带电粒子在右侧的偏转磁场中，半径R ＝mv qB 2，则比荷q m越小，半径越大，选项D 正确，选项C 错误。
3. (2012·山西四校联考)回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是与高频交变电源两极相连接的两个D 形金属盒，两盒间的狭缝中形成周期性变化的电场，使带电粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D 形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图3所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法正确的是( )图3A ．增大电场的加速电压B ．增大D 形金属盒的半径C ．减小狭缝间的距离D ．减小磁场的磁感应强度解析：选B 设带电粒子从回旋加速器射出时的速度为v ，则由牛顿第二定律和圆周运动知识得qvB ＝m v 2R ，解得v ＝qBR m ，故带电粒子从D 形金属盒射出时的动能E k ＝q 2B 2R 22m ，由此式可以看出，要使E k 增大，可以增大D 形金属盒的半径R 或磁场的磁感应强度B ，B 正确，A 、C 、D 错误。
【志鸿优化设计】(安徽专用)2014届高考物理一轮复习 第八章 磁场第一节磁场的描述 磁场对电流的作
一、磁场 磁感应强度1．磁场(1)根本特性：磁场对处于其中的磁体、电流和运动电荷有___________的作用。
(2)方向：小磁针的___________所受磁场力的方向。
2．磁感应强度(1)物理意义：描述磁场的_______________。
(2)大小：B ＝__________(通电导线垂直于磁场)。
(3)方向：小磁针静止时_________的指向。
3．安培的分子电流假说安培认为，在原子、分子等物质微粒的内部，存在着一种_____________——分子电流。
分子电流使每个物质微粒都成为微小的磁体，它的两侧相当于_____________。
二、磁感线与几种常见的磁场分布1．磁感线在磁场中画出一些曲线，使曲线上每一点的_________方向都跟这点的磁感应强度的方向一致。
2．几种常见的磁场(1)条形磁铁和蹄形磁铁的磁场(如下列图)在磁场的某些区域内，磁感线为________的平行线，如下列图。
(4)地磁场①地磁场的N极在地理__________附近，S极在地理__________附近，磁感线分布如下列图。
②在赤道平面上，距离地球外表高度相等的各点，磁感应强度__________，且方向水平__________。
三、磁场对电流的作用——安培力1．大小假设I∥B时，____；假设I⊥B时，F＝BIl。
2．方向总垂直于____所决定的平面，即一定垂直于B和I，但B与I不一定垂直。
可以用左手定如此来判定：伸开左手，使大拇指跟其余四个手指____，并且都跟手掌在__________，把手放入磁场中，让磁感线____________，使伸开的四指指向______的方向，那么，____所指的方向就是通电导线在磁场中的受力方向。
3．两平行通电导线间的作用同向电流相互____，反向电流相互____。
1.(2012·某某理综)如下列图，金属棒MN两端由等长的轻质细线水平悬挂，处于竖直向上的匀强磁场中，棒中通以由M向N的电流，平衡时两悬线与竖直方向夹角均为θ。
【新课标版】2014届高三上学期第八次月考 物理 Word版含答案
计算机学生实习报告计算机学生实习报告范文9篇随着个人素质的提升，接触并使用报告的人越来越多，多数报告都是在事情做完或发生后撰写的。
写起报告来就毫无头绪？以下是店铺为大家整理的计算机学生实习报告10篇，欢迎大家分享。
计算机学生实习报告篇1怀着对自己将来的打算和期望，以及在父母的强烈催促下，我假期前就详细安排了自己的假期计划。
从我的专业看，外贸公司是一个不错的对口工作。
老妈试着去给我联系了一家不错的外贸公司，可是由于我们学院放假太迟，那边的实习生人数已满，我错过了一次机会。
幸运的是被告之可以一月之后再去联系。
于是，我选择了自己另外一大兴趣——电脑行业。
怀着对电脑行业极大的崇拜和向往，我来到了杭州一家大型电脑市场。
经过几次碰壁，我最终在一家电脑个体商户落户。
没有报酬，也不管饭,可是得到了一个实习的机会。
就这样，从技术再到销售，我不断向各位师傅讨教。
相继学会了有关装机,装系统,装应用软件的基本操作, 在客户需要时还根据客户要求上门服务.为了保证我学到的东西能够切实规范化,系统化.我要求自己每天都必须注意消化自己在平时所学到的东西。
实践期间我争取一切可能的机会让我动手,短短的几天时间自己装过几部电脑,绝大部分自己都曾到过用户家中为用户解决问题,我对电脑的一般性故障也能作一定的维护,具备了一定的产品真伪识别能力,甚至我还学到了很多经营技巧,对计算机的总体认识和把握也有显着的提高。
为了拓宽自己的电脑知识面，我每天回家后还抓紧时间从网上搜索一些电脑常识，深感互联网带来的巨大便利，否则那么多的问题期待同事们解答是不可能的。
如此半个月下来，我感觉学到好多，庆幸自己把握住了这次机会，当然也深知自己已学的不过是九牛一毛，我更需不断努力，正如同事们所说的“技术知识是靠积累的”!走出了电脑公司，迎接仅剩为期两周的外贸实习。
对我来说，能进这样一家外贸公司，是一个不错的机会!市中心的商务楼，给人愉悦的感觉;年龄相仿的同事，给人亲切的感觉;如此多的外贸实务可以学习，给人挑战性的感觉!总之，我对哪怕短短十天的实习也充满了期待!如今，短短两周的实习已接近尾声，回顾过来，激动之余，诸多感慨!相处，在这样的白领办公场所，没有看到或者说是感受到任何勾心斗角的事情不知是有幸还是不幸，同事们也说起所在的单位的氛围的确不错，相互相处都很和谐。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
专题八 磁 场
1.(2012·高考天津卷)如图所示，金属棒MN 两端由等长的
轻质
细线水平悬挂，处于竖直向上的匀强磁场中，棒中通以由M 向
N
的电流，平衡时两悬线与竖直方向夹角均为θ.如果仅改变下列
某一
个条件，θ角的相应变化情况是( )
A ．棒中的电流变大，θ角变大
B ．两悬线等长变短，θ角变小
C ．金属棒质量变大，θ角变大
D ．磁感应强度变大，θ角变小
2.(2012·高考安徽卷)如图所示，圆形区域内有垂直
于
纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v 从A 点沿
直径AOB 方向射入磁场，经过Δt 时间从C 点射出磁
场，
OC 与OB 成60°角．现将带电粒子的速度变为v /3，
仍从
A 点沿原方向射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运
动时间变为( )
A.12Δt B ．2Δt
C.13Δt D ．3Δt
3.(2012·高考广东卷)质量和电量都相等的带电粒
子
M 和N ，以不同的速率经小孔S 垂直进入匀强磁场，
运行的半圆轨迹如图中虚线所示，下列表述正确的是
( )
A ．M 带负电，N 带正电
B ．M 的速率小于N 的速率
C ．洛伦兹力对M 、N 做正功
D ．M 的运行时间大于N 的运行时间
4.(2012·高考大纲全国卷)质量分别为m 1和m 2、电荷量分别为q 1和q 2的两粒子在同一匀强磁场中做匀速圆周运动．已知两粒子的动量大小相等．下列说法正确的是( )
A ．若q 1＝q 2，则它们做圆周运动的半径一定相等
B ．若m 1＝m 2，则它们做圆周运动的半径一定相等
C ．若q 1≠q 2，则它们做圆周运动的周期一定不相等
D ．若m 1≠m 2，则它们做圆周运动的周期一定不相等
5. (2012·高考江苏卷)如图所示，MN 是磁感应强度为
B 的
匀强磁场的边界．一质量为m 、电荷量为q 的粒子在纸面
内
从O 点射入磁场．若粒子速度为v 0，最远能落在边界上的A
点．下列说法正确的有( )
A ．若粒子落在A 点的左侧，其速度一定小于v 0
B ．若粒子落在A 点的右侧，其速度一定大于v 0
C ．若粒子落在A 点左右两侧d 的范围内，其速度不可能小于v 0－qBd 2m
D ．若粒子落在A 点左右两侧d 的范围内，其速度不可能大于v 0＋qBd 2m
6.(2012·高考北京卷)处于匀强磁场中的一个带电粒子，仅在磁场力作用下做匀速圆周运动．将该粒子的运动等效为环形电流，那么此电流值( )
A ．与粒子电荷量成正比
B ．与粒子速率成正比
C ．与粒子质量成正比
D ．与磁感应强度成正比
答案：
1.【解析】选A.对金属棒受力分析知，tan θ＝BIL mg
对A ，I 增大，θ角变大；对B ，与悬线的长度无关；对C ，
m 增大，θ角减小；对D ，B 增大，θ角变大，故A 项正确．
2.【解析】选B.粒子速度为v 时，A 点射入，C 点射出，转
过的圆心角为60°，则在磁场中的时间Δt ＝16T ，若以v 3的速度射入，周期不变，
半径为原来的13，由几何关系可知在磁场中转过的圆心角为120°，则运动时间t
＝13T ＝2Δt ，故B 项正确．
3.【解析】选A.由左手定则得M 带负电，N 带正电，故选A.
4.【解析】选A.由半径公式R ＝m v qB
知，动量大小相等的粒子，若q 1＝q 2，R 一定相等，A 正确；若m 1＝m 2，q 关系不确定，R 大小关系无法确定，B 错误；由周
期公式T ＝2πm qB ，若q 1≠q 2，m 1与m 2关系也无法确定，二者周期可能相同，C 错误，同理，D 项也是错误的．
5.【解析】选BC.若粒子以v 0射入磁场，则其轨道半径r ＝m v 0qB
是一定值，从O
点射入，最远经过A 点，OA 一定为最长弦，即直径，该粒子此时一定从O 点垂直于边界射入．若粒子落在A 点左侧，可以在v 0不变的情况下通过改变入射角度实现，A 错；若粒子落在A 点右侧，只能增大v 0，增大轨道半径实现，B 正确；若
粒子落在A 点左侧d 处，其轨道半径最小为R 1＝r －d 2，由q v 1B ＝m v 21R 1
得最小速度：v 1＝v 0－qBd 2m ，C 正确；若粒子从O 点垂直射入落在A 点右侧d 处，其半径R 2＝r ＋d 2，入射速度v 2＝v 0＋qBd 2m ，但可以增大速度，改变入射角度，让其落在该范围内，所以v 2并非最大速度，D 错误．
6.【解析】选D.本题考查电流的定义式I ＝q t
，带电粒子在洛伦兹力的作用下做圆周运动，q v B ＝m v 2R ，T ＝2πR v 得T ＝2πm qB
I ＝q T ＝q 2B 2πm
可知I 与q 2成正比，A 错，与v 无关，与m 成反比．B 、C 错，与B 成正比，D 对．。