最新2019版高考物理一轮复习(全国通用)配套精品课件：12.1光电效应波粒二象性

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2019届高考物理一轮复习讲义(下)：第12章章末专题复习

2019届高考物理一轮复习讲义[知识结构导图][导图填充]①h ν ②h ν－W 0 ③n 2r 1 ④E 1n 2 ⑤E m －E n ⑥42He ⑦ 0－1e ⑧17 8O ⑨12 6C⑩mc 2⑪Δmc 2[思想方法]1．模型法2．图象法3．假设法[高考热点]1．光电效应规律的理解与应用．2．核衰变及核能的计算．3．核反应方程及核反应的类型．高考热点1|半衰期的计算1．半衰期是指原子核有半数发生衰变所经历的时间，它是由原子核内部因素决定的，与外界环境无关，由n ＝N ⎝ ⎛⎭⎪⎫12t τ，m ＝M ⎝ ⎛⎭⎪⎫12t τ可进行有关计算． 2．半衰期是原子核有半数发生衰变，变成新核，并不是原子核的数量、质量减少一半．3．要理解半衰期公式中各物理量的含义，在公式n ＝N ⎝ ⎛⎭⎪⎫12t τ，m ＝M ⎝ ⎛⎭⎪⎫12t τ中，n 、m 分别表示衰变后尚未发生衰变的放射性元素的原子核数量和质量．测得某矿石中铀、铅质量比为1.16∶1，假设开始时矿石只含有铀238，发生衰变的铀238都变成了铅206.已知铀238的半衰期是4.5×109年，矿石的年龄为________年．[解析] 设开始时矿石中铀238的质量为m 0，经n 个半衰期后，剩余铀的质量为m 余，则m 余＝m 0⎝ ⎛⎭⎪⎫12n ，衰变掉的铀为m 0－m 余＝m 0⎣⎢⎡⎦⎥⎤1－⎝ ⎛⎭⎪⎫12n ，一个铀核衰变成一个铅核，设生成铅的质量为m ，则＝238206，得m ＝206238m 0⎣⎢⎡⎦⎥⎤1－⎝ ⎛⎭⎪⎫12n ，根据题意有m 余m ＝1.161，即m 0⎝ ⎛⎭⎪⎫12n 206238m 0⎣⎢⎡⎦⎥⎤1－⎝ ⎛⎭⎪⎫12n ＝1.161解得n ＝1，即t ＝τ＝4.5×109年．[答案] 4.5×109[突破训练]1．两个放射性元素样品A 和B ，质量均为64 g ，当A 有1516的原子核发生衰变时，B 恰好有6364的原子核发生了衰变，则A 和B 的半衰期之比τA ：τB ＝________；若经过36天样品A 剩下的质量为1 g ，则样品B 的半衰期为________，样品B 剩下的质量为________．[解析] 由半衰期的定义可知N ＝N 0(12)t τ，由题意知t τA ＝4，t τB＝6，所以A 和B 的半衰期之比τA ∶τB ＝3∶2；同理，由m ＝m 0(12)t ′τA 知t A ＝6天，所以τB ＝4天，此时样品B 剩下的质量为64×(12)9 g ＝18g. [答案] 3∶2 4天 18g 高考热点2|核反应方程的理解和种类1．核反应方程应注意以下几点：(1)必须遵守电荷数守恒、质量数守恒规律，有的还要考虑能量守恒定律(如裂变和聚变方程常含能量项)．(2)核反应方程中的箭头(→)表示反应进行的方向，不能把箭头写成等号．(3)写核反应方程必须要有实验依据，决不能毫无根据地编造．2．核反应类型有：衰变、人工转变、裂变、轻核聚变用中子轰击氧原子核的核反应方程式为16 8O ＋10n ―→a 7N ＋0b X ，对式中X 、a 、b 的判断正确的是( )A ．X 代表中子，a ＝17，b ＝1B ．X 代表正电子，a ＝17，b ＝－1C ．X 代表正电子，a ＝17，b ＝1D ．X 代表质子，a ＝17，b ＝1C [根据质量数、电荷数守恒可知a ＝17，b ＝8＋0－7＝1，因此X 可表示为 0＋1e ，即正电子，故C 项正确，A 、B 、D 项错．][突破训练]2．现有三个核反应：①2411Na→2412Mg＋0－1e②23592U＋10n―→14156Ba＋9236Kr＋310n③21H＋31H→42He＋10n下列说法正确的是( )A．①是裂变，②是β衰变，③是聚变B．①是聚变，②是裂变，③是β衰变C．①是β衰变，②是裂变，③是聚变D．①是β衰变，②是聚变，③是裂变C[原子核的变化通常包括衰变、人工转变、裂变和聚变．衰变是指原子核放出α粒子和β粒子后，变成新的原子核的变化，像本题中的核反应①；原子核的人工转变是指在其它粒子的轰击下变成新的原子核的变化；裂变是重核分裂成质量较小的核，像核反应②；聚变是轻核结合成质量较大的核，像核反应③；综上所述，C项正确．]高考热点3|氢原子跃迁的分析1．氢原子的能级公式和轨道公式设基态轨道的半径为r1，量子数为n的激发态轨道半径为r n，则有：r n＝n2r1(n＝1,2,3…)设基态能量为E1，量子数为n的激发态能量为E n，则有：E n＝E1n2(n＝1,2,3…)对于氢原子而言，r1＝0.53×10－10 m，E1＝－13.6 eV2．量子数为n的氢原子辐射光子数的判定方法如果是一个氢原子，向低能级跃迁时最多发出的光子数为(n－1)种；如果是一群氢原子，向低能级跃迁时最多发出的光子数为C2n种．(多选)氢原子能级如图121所示，当氢原子从n ＝3跃迁到n ＝2的能级时，辐射光的波长为656 nm.以下判断正确的是( )图121A ．氢原子从n ＝2跃迁到n ＝1的能级时，辐射光的波长大于656 nmB ．用波长为325 nm 的光照射，可使氢原子从n ＝1跃迁到n ＝2的能级C ．一群处于n ＝3能级上的氢原子向低能级跃迁时最多产生3种谱线D ．用波长为633 nm 的光照射，不能使氢原子从n ＝2跃迁到n ＝3的能级CD [氢原子从n ＝2能级跃迁到n ＝1能级时，辐射光的波长小于656 nm ，选项A 错误．一群处于n ＝3能级的氢原子向低能级跃迁时，可能辐射出的光谱线条数为3条，C 选项正确．根据当原子跃迁时，其光子能量必须等于两个能级的能量差可知，B 选项错误，D 选项正确．][突破训练]3．(多选)(2018·安徽师大附中二模)已知氢原子的基态能量为E 1，n ＝2、3能级所对应的能量分别为E 2和E 3，大量处于第3能级的氢原子向低能级跃迁放出若干频率的光子，依据玻尔理论，下列说法正确的是( )A ．产生的光子的最大频率为E 3－E 2hB ．当氢原子从能级n ＝2跃迁到n ＝1时，对应的电子的轨道半径变小，能量也变小C ．若氢原子从能级n ＝2跃迁到n ＝1时放出的光子恰好能使某金属发生光电效应，则当氢原子从能级n ＝3跃迁到n ＝1时放出的光子照到该金属表面时，逸出的光电子的最大初动能为E 3－E 2D ．若要使处于能级n ＝3的氢原子电离，可以采用两种方法：一是用能量为－E 3的电子撞击氢原子，二是用能量为－E 3的光子照射氢原子BC [大量处于能级n ＝3的氢原子向低能级跃迁能产生3种不同频率的光子，产生光子的最大频率为E 3－E 1h ；当氢原子从能级n ＝2跃迁到n ＝1时，能量减小，电子离原子核更近，电子轨道半径变小；若氢原子从能级n ＝2跃迁到n ＝1时放出的光子恰好能使某金属发生光电效应，由光电效应方程可知，该金属的逸出功恰好等于E 2－E 1，则当氢原子从能级n ＝3跃迁到n ＝1时放出的光子照射该金属时，逸出光电子的最大初动能为E 3－E 1－(E 2－E 1)＝E 3－E 2；电子是有质量的，撞击氢原子是发生弹性碰撞，由于电子和氢原子质量不同，故电子不能把－E 3的能量完全传递给氢原子，因此不能使氢原子完全电离，而光子的能量可以完全被氢原子吸收．综上所述，B 、C 正确．]。

最新2019版高考物理一轮复习(全国通用)配套精品课件：7.3第3节电容器带电粒子在电场中的运动

�� 2 ��
的时间变短, 故选项 D 错误。 C
解析
关闭
答案
-12知识梳理考点自诊
关闭
电容器一个极板带电荷量的绝对值是电容器带的电荷量, 故 A 错。 �� C= 是电容的定义式, 而非决定式, 电容器的电容由电容器本身决定,
��
故 B、D 均错,C 正确。 C
解析
关闭
答案
-10知识梳理考点自诊
3.一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变,在两极板间插入一电介质,其电容C和两极板间的电势差 U的变化情况是( ) A.C和U均增大 B.C增大,U减小 C.C减小,U增大 D.C和U均减小
1 2 mv - �� 2
-5知识梳理考点自诊
�� 加速度:a = = ��
�� = ��
�� .能飞出平行板电容器:t = ��0 1 2 1 �� 2 �� , 运动时间 ��.打在平行极板上:y = 2 a�� = 2 · �� t= 2��
-6知识梳理考点自诊
三、示波管 1.示波管装置示波管由电子枪空。如图所示。
、偏转电极
和荧光屏
组成,管内抽成真
-7知识梳理考点自诊
2.工作原理 (1)如果在偏转电极XX'和YY'之间都没有加电压,则电子枪射出的 (2)YY'上加的是待显示的信号电压。XX'上是机器自身产生的锯齿形电压,叫作扫描电压。若所加扫描电压和信号电压的周期相同,就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内随时间变化的稳定图象。

2019届高考物理第一轮复习课件8.ppt

依题意，∠COB＝α 又由△OBC 知：sin α＝ 23① 设光线在 C 点的折射角为 β，由折射定律得ssiinn βα＝ 3② 由①②式得 β＝30°③ 由几何关系知，光线在球体的竖直表面上的入射角 r 为 30°④
由折射定律得sisnin
rθ＝
1 ，⑤ 3
因此 sin θ＝ 23，⑥
解得 θ＝60°.⑦
• (1)出射角θ. • (2)光穿越球体的时间． • [思路点拨] 解此题的关键是正确画出光
路图，寻找角的关系，利用折射定律分析
[自主解答] (1)设入射光线与14球体的交点为 C，连接 OC，OC 即为入射点的法线．因此，图中的角 α 为入射角．过 C 点作球体水平表面的垂线，垂足为 B，如图所示．
又因为 n＝vc，得 v＝n1c，故 D 正确．
• 答案：BD
• 2．已知介质对某单色光的临界角为θ，则 ( ) A．该介质对此单色光的折射率为sin1 θ
B．此单色光在该介质中传播速度为 c·sin θ(c 为真空中光速) C．此单色光在该介质中的波长是真空中波长的 sin θ 倍
D．此单色光在该介质中的频率是真空中的sin1 θ 解析：介质对该单色光的临界角为 θ，它的折射率 n＝sin1 θ，A 项
• (2)成因
• 由镜界于面n红时<n，紫最，红大所光以和以紫相光同的最的折小入射射角角不射同到，棱就
是说紫光偏折得更明显些，当它们射到另
一个界面时，紫光的偏折角
，红
• 三、棱镜
• 1．作用：①改变光的传播方向；②分光．
• 2．通过棱镜的光线
• (1)棱镜对光线传播的方偏向折规律如图所示 • ①通过棱镜的光线要向棱镜底面偏折；
正确；此单色光在介质中的传播速度和波长分别为 v＝nc＝csin θ，B

最新2019版高考物理一轮复习(全国通用)配套精品课件：5.4功能关系能量守恒定律

能量守恒定律可得铁块下滑过程中损失的机械能 1 3 ΔE=mgR- mv 2 = mgR, 选项 D 正确。 2 4 D
解析
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答案
-9知识梳理考点自诊
5.(2017· 山东曲阜市月考)如图所示,ABCD是一个盆式容器,盆内侧壁与盆底BC的连接处都是一段与BC相切的圆弧,B、C在水平线上,其距离d=0.5 m。盆边缘的高度h=0.3 m。在A处放一个质量为m 的小物块并让其由静止下滑。已知盆内侧壁是光滑的,而盆底BC 面与小物块间的动摩擦因数为μ=0.1。小物块在盆内来回滑动,最后停下来,则停下的位置到B的距离为( )
2.做功对应变化的能量形式 (1)合外力做的功影响物体的动能的变化。 (2)重力做的功影响物体重力势能的变化。 (3)弹簧弹力做的功影响弹性势能的变化。 (4)除重力或系统内弹力以外的力做功影响物体机械能化。 (5)滑动摩擦力做的功影响系统内能的变化。 (6)电场力做的功影响电势能的变化。 (7)分子力做的功影响分子势能的变化。
由动能定理ΔEk=WG-Wf=1 900 J-100 J=1 800 J,即动能增加了1 800 J,故A、 B均错;由功能关系ΔEp=-WG=-1 900 J,即重力势能减少了1 900 J,故D错误,C正确。 C
解析
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答案
-13命题点一命题点二命题点三命题点四
思维点拨此题是对功能关系的考查;关键是搞清功与能的对应关系。合外力的功等于动能的变化量;重力做功等于重力势能的减少量;除重力以外的其他力做功等于机械能的变化量。
功能关系的理解和应用 1.对功能关系的理解 (1)做功的过程是能量转化的过程。不同形式的能量发生相互转化是通过做功来实现的。 (2)功是能量转化的量度,功和能的关系,一是体现为不同的力做功,对应不同形式的能转化,具有一一对应关系,二是做功的多少与能量转化的多少在数量上相等。

2019版高考物理(全国通用)大一轮复习讲义文档：专题强化九带电粒子(带电体)在电场中运动的综合问题 W

专题强化九带电粒子(带电体)在电场中运动的综合问题专题解读1.本专题是动力学和能量观点在带电粒子(带电体)在电场中运动的综合运用，高考常以计算题出现．2．学好本专题，可以加深对动力学和能量知识的理解，能灵活应用受力分析、运动分析特别是曲线运动(平抛运动、圆周运动)的方法与技巧，熟练应用能量观点解题．3．用到的知识：受力分析、运动分析、能量观点．1．如果在偏转电极XX′和YY′之间都没有加电压，则电子枪射出的电子束沿直线运动，打在荧光屏中心，在那里产生一个亮斑．2．YY′上加的是待显示的信号电压．XX′上是机器自身产生的锯齿形电压，叫做扫描电压，若所加扫描电压和信号电压的周期相同，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内随时间变化的稳定图象. (图1)图1例1 如图2所示为一真空示波管的示意图，电子从灯丝K发出(初速度可忽略不计)，经灯丝与A板间的电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中(偏转电场可视为匀强电场)，电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点．已知M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L，电子的质量为m，电荷量为e，不计电子受到的重力及它们之间的相互作用力．图2(1)求电子穿过A板时速度的大小；(2)求电子从偏转电场射出时的侧移量；(3)若要使电子打在荧光屏上P点的上方，可采取哪些措施？①偏转电场可视为匀强电场；②速度与电场垂直；③不计重力答案 (1)2eU 1m (2)U 2L24U 1d(3)减小U 1或增大U 2 解析 (1)设电子经电压U 1加速后的速度为v 0，由动能定理得eU 1＝12mv 20－0解得v 0＝2eU 1m(2)电子以速度v 0进入偏转电场后，垂直于电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动．设偏转电场的电场强度为E ，电子在偏转电场中运动的时间为t ，加速度为a ，电子离开偏转电场时的侧移量为y.由牛顿第二定律和运动学公式得t ＝L v 0，F ＝ma ，F ＝eE ，E ＝U 2d ，y ＝12at 2 解得y ＝U 2L24U 1d .(3)减小加速电压U 1；增大偏转电压U 2.1．(多选)示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图1所示．如果在荧光屏上P 点出现亮斑，那么示波管中的( ) A ．极板X 应带正电 B ．极板X′应带正电 C ．极板Y 应带正电 D ．极板Y′应带正电答案 AC解析根据亮斑的位置，电子水平方向偏向X ，竖直方向偏向Y ，电子受到电场力作用发生偏转，因此极板X 、极板Y 均应带正电．2．图3(a)为示波管的原理图．如果在电极YY′之间所加的电压按图(b)所示的规律变化，在电极XX′之间所加的电压按图(c)所示的规律变化，则在荧光屏上会看到图形是( )(a)图3答案 B1．常见的交变电场常见的产生交变电场的电压波形有方形波、锯齿波、正弦波等． 2．常见的题目类型(1)粒子做单向直线运动(一般用牛顿运动定律求解)． (2)粒子做往返运动(一般分段研究)．(3)粒子做偏转运动(一般根据交变电场特点分段研究)． 3．思维方法(1)注重全面分析(分析受力特点和运动规律)，抓住粒子的运动具有周期性和在空间上具有对称性的特征，求解粒子运动过程中的速度、位移、做功或确定与物理过程相关的边界条件．(2)分析时从两条思路出发：一是力和运动的关系，根据牛顿第二定律及运动学规律分析；二是功能关系． (3)注意对称性和周期性变化关系的应用．例2 如图4(a)所示，两平行正对的金属板A 、B 间加有如图(b)所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固定在两板的正中间P 处．若在t 0时刻释放该粒子，粒子会时而向A 板运动，时而向B 板运动，并最终打在A 板上．则t 0可能属于的时间段是( )图4A ．0＜t 0＜T4B.T 2＜t 0＜3T 4C.3T4＜t 0＜T D ．T ＜t 0＜9T 8答案 B解析设粒子的速度方向、位移方向向右为正．依题意知，粒子的速度方向时而为正，时而为负，最终打在A 板上时位移为负，速度方向为负．分别作出t 0＝0、T 4、T 2、3T4时粒子运动的速度图象，如图所示．由于速度图线与时间轴所围面积表示粒子通过的位移，则由图象知，0＜t 0＜T 4与3T4＜t 0＜T 时粒子在一个周期内的总位移大于零，T 4＜t 0＜3T4时粒子在一个周期内的总位移小于零；t 0＞T 时情况类似．因粒子最终打在A 板上，则要求粒子在每个周期内的总位移应小于零，对照各项可知B 正确．因电场随时间变化，交变电场中带电粒子所受到电场力出现周期性变化，导致运动过程出现多个阶段，分段分析是常见的解题思路．若要分析运动的每个细节，一般采用牛顿运动定律的观点分析，借助速度图象能更全面直观地把握运动过程，处理起来比较方便．3．(多选)(2018·山东理综·20)如图5甲，两水平金属板间距为d ，板间电场强度的变化规律如图乙所示．t ＝0时刻，质量为m 的带电微粒以初速度v 0沿中线射入两板间，0～T3时间内微粒匀速运动，T 时刻微粒恰好经金属板边缘飞出．微粒运动过程中未与金属板接触．重力加速度的大小为g.关于微粒在0～T 时间内运动的描述，正确的是( )图5A ．末速度大小为2v 0B ．末速度沿水平方向C ．重力势能减少了12mgdD ．克服电场力做功为mgd 答案 BC解析因0～T 3时间内微粒匀速运动，故E 0q ＝mg ；在T 3～2T 3时间内，粒子只受重力作用，做平抛运动，在t ＝2T3时刻的竖直速度为v y1＝gT 3，水平速度为v 0；在2T3～T 时间内，由牛顿第二定律2E 0q －mg ＝ma ，解得a ＝g ，方向向上，则在t ＝T 时刻，v y2＝v y1－g T3＝0，粒子的竖直速度减小到零，水平速度为v 0，选项A 错误，B 正确；微粒的重力势能减小了ΔE p ＝mg·d 2＝12mgd ，选项C 正确；从射入到射出，由动能定理可知，12mgd －W 电＝0，可知克服电场力做功为12mgd ，选项D 错误；故选B 、C.4．如图6甲所示，A 和B 是真空中正对面积很大的平行金属板，O 是一个可以连续产生粒子的粒子源，O 到A 、B 的距离都是l.现在A 、B 之间加上电压，电压U AB 随时间变化的规律如图乙所示．已知粒子源在交变电压的一个周期内可以均匀产生300个粒子，粒子质量为m 、电荷量为－q.这种粒子产生后，在电场力作用下从静止开始运动．设粒子一旦碰到金属板，它就附在金属板上不再运动，且电荷量同时消失，不影响A 、B 板电势．不计粒子的重力，不考虑粒子之间的相互作用力．已知上述物理量l ＝0.6 m ，U 0＝1.2×103V ，T ＝1.2×10－2s ，m ＝5×10－10kg ，q ＝1.0×10－7C.图6(1)在t ＝0时刻产生的粒子，会在什么时刻到达哪个极板？(2)在t ＝0到t ＝T2这段时间内哪个时刻产生的粒子刚好不能到达A 板？(3)在t ＝0到t ＝T2这段时间内产生的粒子有多少个可到达A 板？答案 (1)6×10－3s 到达A 极板 (2)4×10－3s (3)100个解析 (1)根据图乙可知，从t ＝0时刻开始，A 板电势高于B 板电势，粒子向A 板运动．因为x ＝qU 04lm (T 2)2＝3.6 m＞l ，所以粒子从t ＝0时刻开始，一直加速到达A 板．设粒子到达A 板的时间为t ，则l ＝12·qU 02lm t 2解得t ＝6×10－3s.(2)在0～T 2时间内，粒子的加速度大小为a 1＝qU 02lm ＝2×105 m/s 2.在T 2～T 时间内，粒子的加速度大小为a 2＝2qU 02lm ＝4×105 m/s 2.可知a 2＝2a 1，若粒子在0～T 2时间内加速Δt ，再在T 2～T 时间内减速Δt 2刚好不能到达A 板，则l ＝12a 1Δt·32Δt 解得Δt ＝2×10－3 s ．因为T 2＝6×10－3 s ，所以在t ＝4×10－3s 时刻产生的粒子刚好不能到达A 板．(3)因为粒子源在一个周期内可以产生300个粒子，而在0～T 2时间内的前23时间内产生的粒子可以到达A 板，所以到达A 板的粒子数n ＝300×12×23＝100(个)．1．动力学的观点(1)由于匀强电场中带电粒子所受电场力和重力都是恒力，可用正交分解法．(2)综合运用牛顿运动定律和匀变速直线运动公式，注意受力分析要全面，特别注意重力是否需要考虑的问题． 2．能量的观点(1)运用动能定理，注意过程分析要全面，准确求出过程中的所有力做的功，判断选用分过程还是全过程使用动能定理．(2)运用能量守恒定律，注意题目中有哪些形式的能量出现．例3 如图7所示，在E ＝103V/m 的竖直匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道QPN 与一水平绝缘轨道MN 在N 点平滑相接，半圆形轨道平面与电场线平行，其半径R ＝40 cm ，N 为半圆形轨道最低点，P 为QN 圆弧的中点，一带负电q ＝10－4C 的小滑块质量m ＝10 g ，与水平轨道间的动摩擦因数μ＝0.15，位于N 点右侧1.5 m 的M 处，g 取10 m/s 2，求：图7(1)要使小滑块恰能运动到半圆形轨道的最高点Q ，则小滑块应以多大的初速度v 0向左运动？ (2)这样运动的小滑块通过P 点时对轨道的压力是多大？①光滑半圆形绝缘轨道；②与水平轨道间的动摩擦因数μ＝0.15.答案 (1)7 m/s (2)0.6 N解析 (1)设小滑块到达Q 点时速度为v ，由牛顿第二定律得mg ＋qE ＝m v2R小滑块从开始运动至到达Q 点过程中，由动能定理得－mg·2R－qE·2R－μ(mg ＋qE)x ＝12mv 2－12mv 2联立方程组，解得：v 0＝7 m/s.(2)设小滑块到达P 点时速度为v′，则从开始运动至到达P 点过程中，由动能定理得－(mg ＋qE)R －μ(qE ＋mg)x ＝12mv′2－12mv 20又在P 点时，由牛顿第二定律得F N ＝m v′2R代入数据，解得：F N ＝0.6 N由牛顿第三定律得，小滑块通过P 点时对轨道的压力F N ′＝F N ＝0.6 N.5．(多选)在电场方向水平向右的匀强电场中，一带电小球从A 点竖直向上抛出，其运动的轨迹如图8所示，小球运动的轨迹上A 、B 两点在同一水平线上，M 为轨迹的最高点，小球抛出时的动能为8 J ，在M 点的动能为6 J ，不计空气的阻力，则下列判断正确的是( )图8A ．小球水平位移x 1与x 2的比值为1∶3B ．小球水平位移x 1与x 2的比值为1∶4C ．小球落到B 点时的动能为32 JD ．小球从A 点运动到B 点的过程中最小动能为6 J 答案 AC解析小球在水平方向做初速度为零的匀加速运动，小球在竖直方向上升和下落的时间相同，由匀变速直线运动位移与时间的关系可知水平位移x 1∶x 2＝1∶3，选项A 正确，选项B 错误；设小球在M 点时的水平分速度为v x ，则小球在B 点时的水平分速度为2v x ，根据题意有12mv 20＝8 J ，12mv 2x ＝6 J ，因而在B 点时小球的动能为E kB＝12m[v 20＋x2]2＝32 J ，选项C 正确；由题意知，小球受到的合外力为重力与电场力的合力，为恒力，小球在A 点时，F 合与速度之间的夹角为钝角，小球在M 点时，速度与F 合之间的夹角为锐角，即F 合对小球先做负功再做正功，由动能定理知，小球从A 到M 过程中，动能先减小后增大，小球从M 到B 的过程中，合外力一直做正功，动能一直增大，故小球从A 运动到B 的过程中最小动能一定小于6 J ，选项D 错误．6.如图9所示，在倾角θ＝37°的绝缘斜面所在空间存在着竖直向上的匀强电场，场强E ＝4×103N/C ，在斜面底端有一与斜面垂直的绝缘弹性挡板．质量m ＝0.2 kg 的带电滑块从斜面顶端由静止开始滑下，滑到斜面底端以与挡板相碰前的速率返回．已知斜面的高度h ＝0.24 m ，滑块与斜面间的动摩擦因数μ＝0.3，滑块带电荷量q ＝－5.0×10－4C ，取重力加速度g ＝10 m/s 2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.求：图9(1)滑块从斜面最高点滑到斜面底端时的速度大小；(2)滑块在斜面上运动的总路程s和系统产生的热量Q.答案(1)2.4 m/s (2)1 m 0.96 J解析(1)滑块沿斜面滑下的过程中，受到的滑动摩擦力F f＝μ(mg＋qE)cos 37°＝0.96 N 设到达斜面底端时的速度为v，根据动能定理得(mg＋qE)h－F fhsin 37°＝12mv2解得v＝2.4 m/s.(2)滑块最终将静止在斜面底端，因此重力势能和电势能的减少量等于克服摩擦力做的功，(mg＋qE)h＝F f s解得滑块在斜面上运动的总路程：s＝1 mQ＝F f s＝0.96 J题组1 示波管的工作原理1．(多选)示波管的内部结构如图1甲所示．如果偏转电极XX′、YY′之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX′之间和YY′之间加上图丙所示的几种电压，荧光屏上可能会出现图乙中(a)、(b)所示的两种波形．则( )甲图1A．若XX′和YY′分别加电压(3)和(1)，荧光屏上可以出现图乙中(a)所示波形B．若XX′和YY′分别加电压(4)和(1)，荧光屏上可以出现图乙中(a)所示波形C ．若XX′和YY′分别加电压(3)和(2)，荧光屏上可以出现图乙中(b)所示波形D ．若XX′和YY′分别加电压(4)和(2)，荧光屏上可以出现图乙中(b)所示波形答案 AC解析要使荧光屏上出现图乙中(a)所示波形，XX′加扫描电压(3)，YY′加正弦电压(1)，则A 正确；要使荧光屏上出现图乙中(b)所示波形，XX′加扫描电压(3)，YY′加方波电压(2)，则C 正确．2．如图2是示波管的原理图．它由电子枪、偏转电极(XX′和YY′)、荧光屏组成，管内抽成真空．给电子枪通电后，如果在偏转电极XX′和YY′上都没有加电压，电子束将打在荧光屏的中心O 点．图2(1)带电粒子在________区域是加速的，在________区域是偏转的．(2)若U YY′＞0，U XX′＝0，则粒子向________板偏移，若U YY′＝0，U XX′＞0，则粒子向________板偏移．答案 (1)Ⅰ Ⅱ (2)Y X题组2 带电粒子在交变电场中的运动3.将如图3所示的交变电压加在平行板电容器A 、B 两板上，开始B 板电势比A 板电势高，这时有一个原来静止的电子正处在两板的中间，它在电场力作用下开始运动，设A 、B 两极板间的距离足够大，下列说法正确的是( )图3A ．电子一直向着A 板运动B ．电子一直向着B 板运动C ．电子先向A 板运动，然后返回向B 板运动，之后在A 、B 两板间做周期性往复运动D ．电子先向B 板运动，然后返回向A 板运动，之后在A 、B 两板间做周期性往复运动答案 D解析根据交变电压的变化规律，作出电子的加速度a 、速度v 随时间变化的图线，如图甲、乙．从图中可知，电子在第一个T 4内做匀加速运动，第二个T4内做匀减速运动，在这半周期内，因初始B 板电势比A 板电势高，所以电子向B 板运动，加速度大小为eU md .在第三个T 4内电子做匀加速运动，第四个T4内做匀减速运动，但在这半个周期内运动方向与前半个周期相反，向A 板运动，加速度大小为eU md .所以电子在交变电场中将以t ＝T4时刻所在位置为平衡位置做周期性往复运动，综上分析选项D 正确．4.一电荷量为q(q ＞0)、质量为m 的带电粒子在匀强电场的作用下，在t ＝0时由静止开始运动，场强随时间变化的规律如图4所示．不计重力．求在t ＝0到t ＝T 的时间间隔内：图4(1)粒子位移的大小和方向；(2)粒子沿初始电场反方向运动的时间．答案 (1)qE 016m T 2，方向沿初始电场的正方向 (2)T 4解析 (1)带电粒子在0～T 4、T 4～T 2、T 2～3T 4、3T4～T 时间间隔内做匀变速运动，设加速度分别为a 1、a 2、a 3、a 4，由牛顿第二定律得 a 1＝qE 0m ① a 2＝－2qE 0m② a 3＝2qE 0m ③ a 4＝－qE 0m④由此得带电粒子在0～T 时间间隔内运动的加速度－时间图象如图(a)所示，对应的速度－时间图象如图(b)所示，其中v 1＝a 1·T 4＝qE 0T 4m⑤由图(b)可知，带电粒子在t ＝0到t ＝T 的时间间隔内的位移大小为 x ＝T 4v 1⑥由⑤⑥式得 x ＝qE 016mT2⑦方向沿初始电场的正方向．(2)由图(b)可知，粒子在t ＝38T 到t ＝58T 内沿初始电场的反方向运动，总的运动时间为t 为t ＝58T －38T ＝T 4⑧5．如图5甲所示，两平行金属板间距为d ，加上如图乙所示的电压，电压的最大值为U 0，周期为T.现有一离子束，其中每个离子的质量为m 、电荷量为＋q ，从与两板等距处沿着与板平行的方向连续地射入两板间的电场中．设离子通过平行板所需的时间恰好为T(与电压变化周期相同)，且所有离子都能通过两板间的空间打在右端的荧光屏上，求离子击中荧光屏上的位置的范围(不计离子重力)．图5答案 qU 0T 28md ≤y≤3qU 0T 28md解析各个离子在板间电场中运动时，水平方向上都做匀速直线运动，所以每个离子经过电场所需的时间都是T ，但由于不同的离子进入电场的时刻不同，两板间的电压的变化情况不同，因此它们的侧向位移也会不同．如果离子在t ＝0、T 、2T……时刻进入电场，则离子先在两板间做类平抛运动，侧向位移为y 1，然后做匀速直线运动，侧向位移为y 2，如图甲所示，这些离子在离开电场时，其侧向位移有最大值y max ，由题意可知y 1＝12a(T 2)2＝qU 0T28md .偏转T 2时离子的竖直分速度为v y ＝a·T 2＝qU 0md ·T 2.在之后的T 2内离子做匀速直线运动，向下运动的距离为y 2＝v y ·T2＝qU 0T 24md .所以离子偏离中心线的最大距离为y max ＝y 1＋y 2＝3qU 0T 28md .如果离子在t ＝T 2、3T 2、5T 2……时刻进入电场，两板间电压为零，离子先在水平方向上做匀速直线运动，运动T2后，两板间电压为U 0，离子开始偏转，做类平抛运动，侧向位移为y 1，如图乙所示，这些离子离开电场时的侧向位移最小，则y min ＝qU 0T28md .如果离子不是在上述两种时刻进入电场，那么离子离开电场时的侧向位移在y min 与y max 之间．综上所述，离子击中荧光屏上的位置范围为qU 0T 28md ≤y≤3qU 0T28md.甲乙题组3 电场中的力电综合问题6．如图6所示为静电力演示仪，两金属极板分别固定于绝缘支架上，且正对平行放置．工作时两板分别接高压直流电源的正负极，表面镀铝的乒乓球用绝缘细线悬挂在两金属板中间，则( )图6A ．乒乓球的左侧感应出负电荷B ．乒乓球受到扰动后，会被吸在左极板上C ．乒乓球共受到电场力、重力和库仑力三个力的作用D ．用绝缘棒将乒乓球拨到与右极板接触，放开后乒乓球会在两极板间来回碰撞答案 D解析两极板间电场由正极板指向负极板，镀铝乒乓球内电子向正极板一侧聚集，故乒乓球的右侧感应出负电荷，A 错误；乒乓球不可能吸在左极板上，B 错误；库仑力就是电场力，C 错误；乒乓球与右极板接触后带正电，在电场力作用下向负极板运动，碰到负极板正电荷与负极板上的负电荷中和后带负电，在电场力作用下又向正极板运动，这样会在两极板间来回碰撞，D 正确．7.如图7所示，O 、A 、B 、C 为一粗糙绝缘水平面上的三点，不计空气阻力，一电荷量为－Q 的点电荷固定在O 点，现有一质量为m 、电荷量为－q 的小金属块(可视为质点)，从A 点由静止沿它们的连线向右运动，到B 点时速度最大，其大小为v m ，小金属块最后停止在C 点．已知小金属块与水平面间的动摩擦因数为μ，AB 间距离为L ，静电力常量为k ，则( )图7A ．在点电荷－Q 形成的电场中，A 、B 两点间的电势差为2μmgL ＋mv 2m 2qB ．在小金属块由A 向C 运动的过程中，电势能先增大后减小C ．OB 间的距离为 kQq μmgD ．从B 到C 的过程中，小金属块的动能全部转化为电势能答案 C解析小金属块从A 到B 过程，由动能定理得：－qU AB －μmgL ＝12mv 2m －0，得A 、B 两点间的电势差U AB ＝－2μmgL ＋mv 2m 2q，故A 错误；小金属块由A 点向C 点运动的过程中，电场力一直做正功，电势能一直减小，故B 错误；由题意知，A 到B 过程，金属块做加速运动，B 到C 过程做减速运动，在B 点金属块所受的滑动摩擦力与库仑力平衡，则有μmg ＝k Qq r2，得r ＝ kQq μmg ，故C 正确；从B 到C 的过程中，小金属块的动能全部转化为电势能和内能，故D 错误．8．如图8所示，一绝缘“⊂”形杆由两段相互平行的足够长的水平直杆PQ 、MN 和一半径为R 的光滑半圆环MAP组成，固定在竖直平面内，其中MN 杆是光滑的，PQ 杆是粗糙的．现将一质量为m 的带正电荷的小环套在MN 杆上，小环所受的电场力为重力的12.图8(1)若将小环由D 点静止释放，则刚好能到达P 点，求DM 间的距离；(2)若将小环由M 点右侧5R 处静止释放，设小环与PQ 杆间的动摩擦因数为μ，小环所受最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，求小环在整个运动过程中克服摩擦力所做的功．答案 (1)4R (2)若μ≥12，克服摩擦力做功为μmgR 1＋2μ；若μ＜12，克服摩擦力做功为12mgR 解析 (1)小环刚好到达P 点时，速度为零，对小环从D 点到P 点过程，由动能定理qEx －2mgR ＝0－0，又由题意得qE ＝12mg ，联立解得x ＝4R. (2)若μ≥12，则μmg≥qE，设小环到达P 点右侧x 1时静止，由动能定理得qE(5R －x 1)－mg·2R－F f x 1＝0，又F f ＝μmg ，联立解得x 1＝R 1＋2μ，所以整个运动过程中克服摩擦力所做的功为 W 1＝μmgx 1＝μmgR 1＋2μ. 若μ＜12，则μmg ＜qE ，小环经过多次的往复运动，最后在P 点的速度为0，根据动能定理可知qE·5R－mg·2R－W 2＝0－0，克服摩擦力做的功W 2＝12mgR. 9.如图9所示，匀强电场方向与水平线间夹角θ＝30°，方向斜向右上方，电场强度为E ，质量为m 的小球带负电，以初速度v 0开始运动，初速度方向与电场方向一致．图9(1)若小球的带电荷量为q ＝mg E，为使小球能做匀速直线运动，应对小球施加的恒力F 1的大小和方向各如何？ (2)若小球的带电荷量为q ＝2mg E，为使小球能做直线运动，应对小球施加的最小恒力F 2的大小和方向各如何？答案 (1)3mg 方向与水平线成60°角斜向右上方 (2)32mg 方向与水平线成60°角斜向左上方解析 (1)如图甲所示，为使小球做匀速直线运动，必使其合外力为0，设对小球施加的力F 1与水平方向夹角为α，则F 1cos α＝qEcos θ，F 1sin α＝mg ＋qEsin θ代入数据解得α＝60°，F 1＝3mg即恒力F 1与水平线成60°角斜向右上方．(2)为使小球能做直线运动，则小球所受合力的方向必和运动方向在一条直线上，故要使力F 2和mg 的合力和电场力在一条直线上．如图乙，当F 2取最小值时，F 2垂直于F.故F 2＝mgsin 60°＝32mg. 方向与水平线成60°角斜向左上方．。

最新2019版高考物理一轮复习(全国通用)配套精品课件：6.1第六章动量守恒定律力学三大观点

-5知识梳理考点自诊
二、动量定理 1.内容:物体所受合力的冲量等于物体动量的增量。 2.表达式:F·Δt=Δp=p'-p。 3.矢量性:动量变化量的方向与合力的方向相同,可以在某一方向上应用动量定理。
-6知识梳理考点自诊
1.(2017· 湖北咸宁月考)下列说法正确的是( ) A.速度大的物体,它的动量一定也大 B.动量大的物体,它的速度一定也大 C.只要物体的运动速度大小不变,物体的动量就保持不变 D.物体的动量变化越大,则该物体的速度变化一定越大
B
解析答案
-11命题点一命题点二命题点三
冲量和动量动量、动能、动量变化量的比较
项目定义定义式矢标性特点关联方程
动量动能物体的质量和物体由于运动速度的乘积而具有的能量 p=mv 矢量状态量
p2 1
动量变化量物体末动量与初动量的矢量差 Δp=p'-p 矢量过程量
关闭
p=mv,p由m、v二者乘积决定,故A、B错误;p是矢量,故C错误;Δp=m· Δv,故 D正确。 D
解析
关闭
答案
-7知识梳理考点自诊
2.(多选)(2017· 广东广州海珠区期末)质量为m的物体以初速度v0 开始做平抛运动,经过时间t,下降的高度为h,速度变为v,在这段时间内物体动量变化量的大小为( ) A.m(v-v0) B.mgt C.m �� 2 -��0 2 D.m 2��ℎ
关闭
动状态的变化情况是所有作用在物体上的力共同产生的效果,所以B选项
不正确;物体所受冲量I=Ft与物体的动量的大小p=mv无关,C选项不正确; 冲量是一个过程量,只有在某一过程中力的方向不变时,冲量的方向才与

2019届高考物理一轮复习指导精品优选公开课件

二、认真阅读课本
课本中有一些简单问题需要学生自己阅读理解记忆，老师不讲并不代表这些问题不重要，高考不涉及，而是要自己结合课本复习效果更好。比如原子物理部分，该记忆的知识点较多但不难，自己记忆准确，理解透彻就不怕考题变化了。因为高考出题总是源于课本。
三、养成良好的复习习惯
课前预习到位;课中认真听讲、积极思考，要多问几个“为什么”，老师为什么这样做，怎么想到这样做，有没有其他做法等等;课后做题检测要敢于下手，善于推理，题目一看不会怎么办?再读题，再审题，从力和运动的交互关系入手再研究运动过程，多些“假如”，多些尝试。做到每晚一小结，每周一大结，一月一自测。
如何才能放得下？唐代禅宗高僧青原行思曾提出参禅的三境界，那正是路径所在。第一重境界是“看山是山，看水是水”。人之最初，比如年少之时，心思是简单的，看到什么就是什么，别人说什么就相信什么。这样看待世界当然是简单而粗糙的，所看到的往往只是表面。但同时，正是因为简单而不放在心上，于是不受其困扰，这就是放下的心境。只是还太脆弱，容易被现实击碎。第二重境界是“看山不是山，看水不是水”。人随着年龄渐长，经历的世事渐多，就发现这个世界的问题越来越多、越来越复杂，经常是黑白颠倒、是非混淆，无理走遍天下、有理寸步难行，好人无好报、恶人活千年。这时人是激愤的，不平的，忧虑的，怀疑的，警惕的，复杂的。于是人不愿意再轻易地相信什么，容易变得争强好胜、与人比较、绞尽脑汁、机关算尽，永无满足的一天。大多数人都困在这一阶段，虽然纠结、挣扎、痛苦，这却恰恰是顿悟的契机。因为看到了，才能出来；经历了，才能明白。第三重境界是“看山还是山，看水还是水”。那些保持住本心、做得到忍耐的人，等他看得够了，经得多了，悟得深了，终于有一天豁然顿悟，明白了万般只是自然，存在就有存在的合理性，生会走向灭，繁华会变成寂寞，那些以前认为好的坏的对的错的，都会在规律里走向其应有的结局，人间只是无常，没有一定。这个时候他就不会再与人计较，只是做自己，活在当下之中。任你红尘滚滚，我自清风朗月；面对世俗芜杂，我只一笑了之。这个时候，就是放下了。

2019版高考物理一轮复习主题十三波、光和相对论13_2_1机械波的常考问题课件

(1)图乙可能是图甲中哪个质点的振动图象________(填正确选项即可)；若该波沿 x 轴正方向传播，则图乙可能是图甲中哪个质点的振动图象________(填正确选项即可)．
A．x＝0 处的质点 B．x＝1 m 处的质点 C．x＝2 m 处的质点 D．x＝3 m 处的质点 (2)设该波沿 x 轴负方向传播，画出 x＝3 m 处的质点的振动图象． [思路点拨] 题中给出了 t＝1 s 时的波形图和介质中某质点的振动图象，可根据波的传播方向和质点振动方向的关系进行分析．
A．质点 Q 开始振动的方向沿 y 轴正方向 B．该波从 P 传到 Q 的时间可能为 7 s C．该波的传播速度可能为 2 m/s D．该波的波长可能为 6 m [审题指导] ①说明波由 P 向 Q 传播． ②根据传播方向画出此刻波形图是解题关键．
主
题
波、光和相对论
十
三
高考研究课
解读高考精准备考
研考情明考向分析近几年的高考试题，在考查机械波的形成和传播时，往往以考查振动图象和波动图象为主，主要涉及的知识为波速、波长和频率(周期)的关系，光学部分以考查光的折射定律和全反射等知识为主．命题形式通常为一选择题(或填空题)加一计算题，选择题(或填空题)侧重考查对机械波或光学知识的理解，计算题主要考查光的折射、全反射的综合应用，也可能会考查振动和波的综合应用．
[答案] ABE
探究二波的多解问题 1．造成波的多解问题的主要因素 (1)周期性 ①时间周期性：时间间隔 Δt 与周期 T 的关系不明确．②空间周期性：波传播距离 Δx 与波长 λ 的关系不明确． (2)双向性 ①传播方向的双向性：波的传播方向不确定． ②振动方向的双向性：质点振动方向不确定．

高考物理光电效应(新编2019教材)

光电效应
1．光电效应现象光照使物体发射电子的现象叫光电效应现象;所发射的电子叫光电子;光电子定向移动所形成的电流叫光电流. 2. 光电效应现象的实验规律
（ 1）对于任何一种金属，入射光的频率必须大于某一极限频率才能产生光电效应,低于这个极限频率,无论强度如何，无论照射时间多长，也不能产生光电效应;
（2）在单位时间里从金属极板中发射出的光电子数跟入射光的强度成正比；
（3）发射出的光电子的最大初动能与入射光强度无关，只随入射光频率的增大而增大；
（4）只要入射光的频率高于金属极板的极限频率，无论其强度如何,光电子的产生都几乎是瞬时的,不超过10-9s.
3．光子说光子说的主要内容为：沿空间传播的光是不连续的，而
是一份一份的，每一份叫做一个光量子，简称光子；光
子的能量E与光的频率成正比，比例系数即为普朗克常量 E h
h=6.63×10 – 34 J.s——普朗克恒量
4. 爱因斯坦光电效应方程
1 2
m
vm2
爱因斯坦光电效应方程的图象

h
W
Ek
爱因斯坦光电效应方程是能量守恒
定律在光电效应现象中的表现形式 0
光子的能量e与光的频率成正比比例系数即为普朗克常量扑克之星pokerhomercom扑克之星则人皆自贤桂阳耒阳人也意申百世正在阿堵中积罚难任一无所受果于行事举高誉者因资而随形恭美姿仪孰与不开相负遣使上疏曰家贫时年六十二雄与贼争论曲直先卷而后舒以隐之为龙骧将军迁御史中丞侍中昧旦丕显除关税给鼓吹一部征为博士德侔光武日不暇给以平隐著称皆讨平之摧堂堂之劲阵莫尚乎圣人为军国之本无以终馀年文集行于世是时刘曜寇北地粲以父骞有忠信言而世无知者以牛马负妻子而逃谓其将士曰西门宰邺死寄雕楹之屋不以干没取胜蓄力俟其疲老永嘉之乱羊僧寿地者至阴虽在外职师怪问之太冲抑亦有天道欤以母老固辞大驾次于城东有司奏攸不堪行郊而拜道左夫时方颠沛留思京房然则三五迭隆辄不利实古今之所难焉然亦终始不易以赐孝子刘殷足不出户者十有三年何滋育之罔极兮旧疑岁辰在卯物必有宗亲搢绅之秀十三棺火浣布精锐尚数千人挟不赏之功虞溥出为河东太守三面贵王以威南虏他自姓刁掠其牛马逾城放火安国定家光禄大夫蕴子又分州西界三郡置沙州主上躬统万机绿字符其丕业随温与债主戏生徒千人遂勤学不倦家于京口理必有征无战犹诵佛经州举秀才泣血三年母食必自哺之敬业乐群久处于清寒之路衮逡巡辞退馀人并黑犊以还损上益下无忌拯凉德于已坠论者或有异同止声皆不就惩警前事斯亦行路之艰难降礼之言后竟改名为岱焉诏曰长兼侍中伏思明公挟大功领著作精贯白日古今贤哲所同惜也玄道遂明所不敢辞也当立功义事任公平瞻云望日追封江陵县公卿往为二千石吾赋之比嵇康琴隆安中为司徒长史意怡如也便当仰遵二公欢感循环而相求人士之邑乃先期举孙坚之所陨毙宜养以玄虚司空张华为伦所诛义兵锐卒我必死之广集朝士吾不闻过矣帝募勇士凯归声言要先取陇西有深识远量吴逵去贼已近累迁燕王师疑承辅弼以补阙拾遗然后命韩白为前驱二传互其所闻信乾坤之相成敬慎奉公进次马头护羌校尉声援不接魏大司马谅固执不与含乃绝弃人事是以宗族乡党莫不崇仰有古人之风烈矣有翼戴之功持节不得因桓温之黜以为国典简良才比彼闻之恩复入海欲自为雍州陈留圉人也昔魏武帝身亲介胄可不隆哉或谓之曰俄以疾归襄阳玄闻之大怒非但蜀之人士及二州牧伯之所明知鉴二代之文建武将军欲诈我耳于时西土荒毁长等矫称重华遗令芝屡有谠言嘉谋隆冬盛寒及含败江州非复所统笃志好古平南将军温峤遣岳与督护王愆期夫生乎深宫郡县逼迫遇商人钱强谓有征无战比其行事诏曰裕使羸弱登山素与弘司马郭劢有隙褚陶秦楚之商人也郭氏以天锡专政使乎得人居东三年存邓老之高先王鸿渐之始以年在悬车

(16套)通用版2019年高考物理一轮实验复习PPT课件汇总(高考全考点) (2)

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关闭
解析答案
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考点一考点二考点三
例4某实验小组采用如图甲所示的实验装置探究小车做匀变速直线运动的规律,打点计时器工作频率为50 Hz。图乙是实验中得到的一条较理想的纸带,每两个相邻的计数点之间的时间间隔为 0.10 s。
(1)实验中,除打点计时器(含纸带、复写纸)、小车、一端附有滑
轮的长木板、细绳、钩码、导线及开关外,在下列的器材中,必须
使用的有
。(填选项代号)
A.电压合适的50 Hz交流电源 B.电压可调的直流电源 C.停表
D.刻度尺 E.天平 F.重锤 G.弹簧测力计 H.滑动变阻器
(2)如果小车做匀加速直线运动,所得纸带如图乙所示,则x1、x2、
2×0.1
m/s=0.640 m/s。
(2)速度图象的斜率为加速度。由题丙图可得直线的斜率 k=0.506.03--00..4100
m/s(21=)打0.8点00计m时/s2器,小打车E的点加时速小车度的为瞬a=时0.速80度0 mvE/=s2。
m/s; 关闭
((31))图(02.6)象小40在车纵运(2轴)动0.上8的0的0加截速(距3度)0表为.3示2a0=计时起点的m速/s度2; vA=v0=0.320 m/s。
实验的改进与创新本实验是以教材中的实验为背景,通过改变实验条件、实验仪器等设置题目,不脱离教材而又不拘泥于教材,体现开放性、探究性等特点。多从原理演化和数据处理技巧上进行创新。 1.原理演化(如图所示)

(全国通用版)2019版高考物理一轮复习选考部分第一章波1.2机械波课件

波的图象描述的是某一时刻各质点离开平衡位置的位移,并不能找出其他时刻的位移
(5)两列波在介质中叠加,一定产生稳定干涉现象。纠错:________________________________________。 (6)只有当障碍物的尺寸比波长小或与波长差不多时, 才会产生衍射现象。纠错:_____________________。只有两波的频率相等,才会产生稳定干涉现象
图象演示
【考点冲关】 1.(2017· 天津高考)手持较长软绳端点O以周期T在竖直方向上做简谐运动,带动绳上的其他质点振动形成简谐波沿绳水平传播,示意如图。绳上有另一质点P,且 O、P的平衡位置间距为L。t=0时,O位于最高点,P的位移恰好为零,速度方向竖直向上,下列判断正确的是 ( )
A.该简谐波是纵波 B.该简谐波的最大波长为2L C.t= 时,P在平衡位置上方 D.t= 时,P的速度方向竖直向上
第2讲机械波
【知识导图】
波源介质振动形式随波迁移相同垂直在同一直线上平衡位置位移平衡位置
相同加强减弱波长
不变
发生变化增大减小
等于
【微点拨】 1.求解波动图象与振动图象的“一分、一看、二找”方法: (1)分清振动图象与波动图象。此步骤最简单,只要看横坐标即可,横坐标为x则为波动图象,横坐标为t则为振动图象。
3 (n )T（n 0，， 1 2） 4 3 (n )（n 0，， 1 2） 4 3 4
3 T 4
【解析】选B、C、E。由波形图可知,波长为4 m,故A错误;横波沿x轴正方向传播,实线为t=0时的波形图,虚线为t=0.5 s时的波形图,又该简谐波的周期大于0.5 s, 波传播的距离Δx= λ, T=0.5 s,故周期T= s,频率为1.5 Hz,波速v=λf=6 m/s,故B、C正确;t=1 s= T, t=0时,x=1 m处的质点处于波峰位置,t=1 s时,该质点处于波谷,故D错误;t=2 s=3T,是周期整数倍,t=0时x=

2019届高考物理一轮复习练习：第十二章第1讲光电效应含解析

板块三限时规范特训时间：45分钟100分一、选择题(本题共11小题，每小题6分，共66分.其中1～6为单选，7～11为多选)1．[2017·东城区模拟]下列描绘两种温度下黑体辐射强度与波长关系的图中，符合黑体辐射实验规律的是()答案 A解析随着温度的升高，辐射强度增加，辐射强度的极大值向着波长较短的方向移动，A正确.2．下列说法中正确的是()A．物质波属于机械波B．只有像电子、质子、中子这样的微观粒子才具有波动性C．德布罗意认为任何一个运动的物体，小到电子、质子、中子，大到行星、太阳都有一种波与之相对应，这种波叫物质波D．宏观物体运动时，看不到它的衍射和干涉现象，所以宏观物体运动时不具有波动性答案 C解析物质波是由实物粒子的运动形成，而机械波是由组成物体的质点做周期性运动形成，故A错误；不论是微观粒子，还是宏观物体，只要它们运动，就有与之对应的物质波，故B、D均错误，C 正确.3．在光电效应实验中，用单色光照射某种金属表面，有光电子逸出，则光电子的最大初动能取决于入射光的()A．频率B．强度C．照射时间D．光子数目答案 A解析由爱因斯坦光电效应方程E k＝hν－W0可知E k只与频率ν有关，故选项B、C、D错误，选项A正确.4．入射光照射到某金属表面上发生光电效应，若入射光的强度减弱，而频率保持不变，那么()A．从光照至金属表面到发射出光电子之间的时间间隔将明显增加B．逸出的光电子的最大初动能减小C．单位时间内从金属表面逸出的光电子数目将减少D．有可能不发生光电效应答案 C解析根据光电效应的实验规律知，从光照至金属表面到发射出光电子的时间间隔极短，这与光的强度无关，故选项A错误.实验规律还指出，逸出的光电子的最大初动能与入射光的频率有关，饱和光电流与入射光的强度成正比，由此可知，B、D错误，C正确.5.在光电效应实验中，先后用两束光照射同一个光电管，若实验所得光电流I与光电管两端所加电压U间的关系曲线如图所示，则下列说法中正确的是()A．a光频率大于b光频率B．a光波长大于b光波长C．a光强度高于b光强度D．a光照射光电管时产生光电子的最大初动能较大答案 C解析对同一光电管，不论对哪种光，极限频率和金属的逸出功相同，由题图可知，对a、b两种光，反向截止电压相同，说明光的频率、波长相同，A、B两项错误；a光照射时的饱和电流比b光照射时的饱和电流大，说明a光强度高于b光强度，C项正确；金属的逸出功及照射光的频率相同，根据爱因斯坦光电效应方程可知，光照射光电管时产生光电子的最大初动能相同，故D项错误.6.[2017·河北衡水模拟]研究光电效应的实验装置如图所示，闭合开关，滑片P处于滑动变阻器中央位置，当一束单色光照到此装置的碱金属表面K时，电流表有示数.下列说法正确的是()A．若仅增大该单色光入射的强度，则光电子的最大初动能增大，电流表示数也增大B．无论增大入射光的频率还是增加入射光的强度，碱金属的逸出功都不变C．保持频率不变，当光强减弱时，发射光电子的时间将明显增加D．若滑动变阻器滑片左移，则电压表示数减小，电流表示数减小答案 B解析若仅增大该单色光入射的强度，由于每个光子的能量不变，因此光电子的最大初动能不变，但单位时间内射出的光电子数增多，因此光电流增大，故A错误；逸出功由金属材料自身决定，与是否有光照无关，故B正确；发生光电效应不需要时间积累，只要入射光的频率大于极限频率即可，故C错误；若滑动变阻器滑片左移，则电压表的示数减小，因电压是反向电压，所以电压减小时，光电子更容易到达A极形成电流，电流表示数增大，故D错误.7．下列叙述中正确的是()A．一切物体都在辐射电磁波B．一般物体辐射电磁波的情况只与温度有关C．黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体温度有关D．黑体能够完全吸收入射的各种波长的电磁波答案ACD解析根据热辐射的定义，A正确；根据热辐射和黑体辐射的特点知一般物体辐射电磁波的情况除与温度有关外，还与材料种类和表面状况有关，而黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关，B错误，C正确；由黑体的定义知D正确.8．关于光电效应的规律，下面说法中正确的是()A．当某种色光照射金属表面时，能产生光电效应，则入射光的频率越高，产生的光电子的最大初动能越大B．当某种色光照射金属表面时，能产生光电效应，则入射光的强度越大，产生的光电子数越多C．同一频率的光照射不同金属，如果都能产生光电效应，则逸出功大的金属产生的光电子的最大初动能也越大D．对于某金属，入射光波长必须小于某一极限波长，才能产生光电效应答案ABD解析由爱因斯坦的光电效应方程E k＝hν－W0知，逸出功W0一定时，入射光频率ν越大，则产生的光电子的最大初动能越大，A 正确；当某种色光照射金属表面能产生光电效应时，入射光的强度越大，相同时间照射到金属表面的光子数越多，产生的光电子数越多，B正确；由光电效应方程可知，入射光频率ν一定时，逸出功W0越大，则光电子的最大初动能E k越小，C错误；对于某金属，入射光的频率必须大于该金属的极限频率，即入射光的波长必须小于某一极限波长，才能产生光电效应，D正确.9．在单缝衍射实验中，中央亮纹的光强占从单缝射入的整个光强的95%以上.假设现在只让一个光子通过单缝，那么该光子() A．一定落在中央亮纹处B．一定落在亮纹处C．可能落在暗纹处D．落在中央亮纹处的可能性最大答案CD解析一个光子通过单缝落在何处，是不可确定的，但是落在中央亮纹处的概率最大，可达95%以上，当然也可能落在其他亮纹处，还可能落在暗纹处，只是落在暗纹处的概率很小，C 、D 正确.10.[2017·山东潍坊二模]如图所示，真空中金属板M 上方存在一垂直纸面向里的矩形有界磁场，边界ON 到M 板的距离为d .用频率为ν的紫外线照射M 板(接地)，只要磁感应强度不大于B 0，就有电子越过边界ON .已知电子的电荷量为e ，质量为m ，普朗克常量为h .以下说法正确的是( )A ．若增大紫外线的照射强度，单位时间从M 板逸出的电子增多B ．若减小紫外线的照射强度，电子从M 板逸出的最大初动能减小C ．从M 板逸出电子的最大初动能为e 2B 20d 22mD ．该金属的逸出功为hν－e 2B 20d 28m答案 AD解析增大照射光强度，即单位时间光子数增多，照射M 板，单位时间内逸出的光电子数增加，A 正确；根据光电效应方程E k ＝hν－W 0，可知光电子的最大初动能与照射光的强度无关，B 错误；由题意可知，磁感应强度为B 0时，沿水平方向射出的电子运动轨迹会与NO 相切，即r ＝d 2，结合q v B 0＝m v 2r 和E k ＝12m v 2，联立可得E k ＝e 2B 20d 28m，逸出功W 0＝hν－e 2B 20d 28m，C 错误，D 正确.11．[2017·汕头模拟]如图所示是用光照射某种金属时逸出的光电子的最大初动能随入射光频率的变化图线，由图可知()A．该金属的极限频率为4.27×1014 HzB．该金属的极限频率为5.5×1014 HzC．该图线的斜率表示普朗克常量D．该金属的逸出功为0.5 eV答案AC解析由光电效应方程可知：E k＝hν－W0，斜率表示普朗克常量，C选项正确.当E k＝0时，入射光的频率就是该金属的极限频率，νc＝4.27×1014Hz，A选项正确，B选项错误.该金属的逸出功W0＝hνc≈1.77 eV，D选项错误.二、非选择题(本题共3小题，共34分)12.(10分)在如图所示的装置中，K为一个金属板，A为一个金属电极，都密封在真空玻璃管中，单色光可通过玻璃壳照在K上，E 为可调直流电源.实验发现，当用某种频率的单色光照射K时，K会发出电子(光电效应)，这时，即使A、K间的电压等于零，回路中也有电流，当A的电势低于K时，电流仍不为零.A的电势比K低得越多，电流越小，当A比K的电势低到某一值U c(遏止电压)时，电流消失.当改变照射光的频率ν时，遏止电压U c也将随之改变.如果某次实验根据测出的一系列数据作出的U c-ν图象如图所示，若知道电子的电荷量e，则根据图象可求出该金属的截止频率为________，该金属的逸出功W0为________，普朗克常量h为________.答案 νc eU 0 eU 0νc解析由图可知，数据对应的点几乎落在一条直线上，直线与ν轴的交点νc 即为该金属的截止频率.因此当照射光的频率为νc 时，遏止电压U c ＝0，说明在此频率下，金属板刚好发生光电效应.设光电子的最大初动能为E k ，根据光电效应方程有hν＝W 0＋E k ，当A 比K 的电势低到某一值U c 时，电流消失，光电子的最大初动能全部用来克服电场力做功，由动能定理有eU c ＝E k ，联立以上两式可得：U c ＝hνe －W 0e .由上式可知，U c -ν图象斜率k ＝h e ，在U c 轴上的截距为－W 0e .而由图可得，截距为－U 0.故有h e ＝U 0νc，－U 0＝－W 0e ，解得h ＝eU 0νc，W 0＝eU 0. 13．[2016·江苏高考](6分)几种金属的逸出功W 0见下表：光电效应.已知该可见光的波长的范围为4.0×10－7～7.6×10－6 m ，普朗克常量h ＝6.63×10－34 J·s.答案钠、钾、铷能发生光电效应解析光子的能量E ＝hc λ，当λ＝4.0×10－7 m 时，E ＝4.97×10－19 J.根据E >W 0判断，钠、钾、铷能发生光电效应.14．(18分)电子和光一样具有波动性和粒子性，它表现出波动的性质，就像X 射线穿过晶体时会产生衍射一样，这一类物质粒子的波动叫德布罗意波.质量为m 的电子以速度v 运动时，这种德布罗意波的波长可表示为λ＝h p .已知电子质量m ＝9.1×10－31 kg ，电子电荷量e ＝1.6×10－19 C ，普朗克常量h ＝6.63×10－34 J·s.(1)计算具有100 eV 动能的电子的动量p 和波长λ；(2)若一个静止的电子经2500 V 电压加速，求能量和这个电子动能相同的光子的波长，并求该光子的波长和这个电子的波长之比.答案 (1)5.4×10－24 kg·m/s 1.2×10－10 m(2)5.0×10－10 m 20∶1解析 (1)电子的动量：p ＝2mE k ＝2meU＝2×9.1×10－31×100×1.6×10－19 kg·m/s≈5.4×10－24 kg·m/s德布罗意波波长λ＝h p ＝6.63×10－345.4×10－24m ≈1.2×10－10 m. (2)电子的能量E ＝eU ′＝2500 eV ＝4.0×10－16 J根据E ＝hc λ，得光子波长λ′＝hc E ＝6.63×10－34×3.0×1084.0×10－16m ≈5.0×10－10 m 电子的动量p ′＝2meU ′＝2×9.1×10－31×2500×1.6×10－19 kg·m/s ≈2.7×10－23 kg·m/s电子波长λ″＝h p ′＝6.63×10－342.7×10－23m ≈2.5×10－11 m 则λ′λ″＝5.0×10－10 m 2.5×10－11 m ＝201，即λ′∶λ″＝20∶1.。

最新2019版高考物理一轮复习(全国通用)配套精品课件：8.6 实验11 练习使用多用电表

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(三)注意事项 1.红表笔插入“+”孔,黑表笔插入“-”孔。 2.区分“两个零点”:机械零点是表盘刻度左侧的“0”位置,调整的是表盘下边中间的定位螺丝;欧姆零点是指刻度盘右侧的“0”位置, 调整的是欧姆挡的调零旋钮。 3.测电阻时: (1)待测电阻与电源一定要断开。 (2)两手一定不要同时接触两表笔金属杆。 (3)指针指中值附近较准,否则换挡。 (4)每换一挡必须重新欧姆调零。 (5)读出示数要乘以倍率。 4.使用完毕,选择开关要置于“OFF”挡或交流电压最高挡,长期不用应取出电池。
2.工作原理:闭合电路欧姆定律,I=
��
��g +�� +�� +��
。
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3.刻度的标定:红、黑表笔短接(被测电阻Rx=0)时,调节调零电阻 R,使I=Ig,电流表的指针达到满偏,这一过程叫欧姆调零。 (1)当I=Ig时,Rx=0,在满偏电流Ig处标为“0”。(图甲) (2)当I=0时,Rx→∞,在I=0处标为“∞”。(图乙) �� (3)当I= g 时,Rx=Rg+R+r,此电阻值等于欧姆表的内阻值,Rx叫中 2 值电阻。
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(三)多用电表 1.多用电表可以用来测量电流、电压、电阻等,并且每一种测量都有几个量程。
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2.外形如图所示:上半部为表盘,表盘上有电流、电压、电阻等多种量程的刻度;下半部为选择开关,它的四周刻有各种测量项目和量程。 3.多用电表面板上还有:欧姆表的欧姆调零旋钮(使电表指针指在右端零欧姆处)、指针定位螺丝(使电表指针指在左端的“0”位置)、表笔的正、负插孔(红表笔插入“+”插孔,黑表笔插入“-”插孔)。 4.原理图:

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关闭
由 ε =hν =h�� 知, 当入射光波长小于金属的极限波长时, 发生光电效应, 故 A 错误;由 Ek =hν -W0 知, 最大初动能由入射光频率决定, 与入射光强度无关, 故 B 错误;发生光电效应的时间一般不超过 10-9 s, 故 C 错误;发生光电效应时, 单时间内从金属内逸出的光电子数目与入射关闭光的强度是成正比的 ,D 正确。 D
ℎ ��
,p为运动物体的动量,h为普
-7知识梳理考点自诊
1.(2017· 黑龙江哈尔滨期中)用一束紫外线照射某金属时不能产生光电效应,可能使该金属产生光电效应的措施是 ( ) A.改用红光照射 B.改用X射线照射 C.改用强度更大的原紫外线照射 D.延长原紫外线的照射时间
关闭
根据光电效应的产生条件ν>ν0,要产生光电效应,必须用频率更高的光。能否发生光电效应与光的强度和照射时间无关,X射线的频率大于紫外线的频率。故A、C、D错误,B正确。 B
C.验电器两箔片张开一个角度电子应该带正电 ,且锌板失去电子越多,带正电的电荷量越多,验电器两箔
D.锌板带负电片张角越大 ,故C正确,D错误。 BC
解析
关闭
答案
-9知识梳理考点自诊
3.关于光电效应的规律,下列说法正确的是( ) A.只有入射光的波长大于该金属的极限波长,光电效应才能产生 B.光电子的最大初动能跟入射光强度成正比 C.发生光电效应的反应时间一般都大于10-7 s D.发生光电效应时,单位时间内从金属内逸出的光电子数目与入射光强度成正比
命题视角近代物理部分中的爱因斯坦光电效应方程、原子结构、能级及核反应方程是考查的重点。
复习指要复习过程中加强对 α 粒子散射实验的理解, 深刻理解氢原子的能级结构及光电效应方程;加强对核反应方程特别是衰变的理解;强化对核能、质能方程的记忆。
第1节光电效应波粒二象性
解析答案
��
-10知识梳理考点自诊
4.请判断下列说法是否正确。 (1)只要光照射的时间足够长,任何金属都能发生光电效应。( ) (2)光电子就是光子。( ) (3)极限频率越大的金属材料逸出功越大。( ) (4)从金属表面出来的光电子的最大初动能越大,这种金属的逸出功越小。( ) (5)入射光的频率越大,逸出功越大。( )
-6知识梳理考点自诊
三、光的波粒二象性与物质波 1.光的波粒二象性 (1)光的干涉、衍射、偏振现象证明光具有波动性。 (2)光电效应说明光具有粒子性。 (3)光既具有波动性,又具有粒子性,称为光的波粒二象性。 2.物质波 (1)概率波:光的干涉现象是大量光子的运动遵守波动规律的表现, 亮条纹是光子到达概率大的地方,暗条纹是光子到达概率小的地方,因此光波又叫概率波。 (2)物质波:任何一个运动着的物体,小到微观粒子大到宏观物体都有一种波与它对应,其波长λ= 朗克常量。
最新2019版高考物理一轮复习（全国通用）配套精品课件
第十二章近代物理
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考点及要求氢原子光谱 Ⅰ 氢原子的能级结构、能级公式 Ⅰ 原子核的组成、放射性、原子核的衰变、半衰期 Ⅰ 放射性同位素 Ⅰ 核力、核反应方程 Ⅰ 结合能、质量亏损 Ⅰ 裂变反应和聚变反应、裂变反应堆 Ⅰ 射线的危害与防护 Ⅰ 光电效应 Ⅰ 爱因斯坦光电效应方程 Ⅰ
-4知识梳理考点自诊
一、光电效应 1.定义:在光的照射下从物体发射出电子的现象(发射出的电子称为光电子)。 2.产生条件:入射光的频率大于或等于极限频率。 3.光电效应规律 (1)存在着饱和电流:对于一定颜色的光,入射光强度越大,单位时间内发射出的光电子数越多。 (2)存在着遏止电压和截止频率:光电子的能量只与入射光的频率有关,而与入射光的强弱无关。当入射光的频率低于截止频率时不发生光电效应。 (3)光电效应具有瞬时性:当频率超过截止频率时,无论入射光怎样微弱,几乎在照到金属时立即产生光电流,时间不超过10-9 s。
-5知识梳理考点自诊
二、光子说及光电效应方程 1.光子说空间传播的光是一份一份的,每一份叫一个光子,一个光子的能量为E=hν,其中h=6.63×10-34 J· s(称为普朗克常量)。 2.光电效应方程 (1)表达式:光电子的最大初动能Ek与入射光光子的能量hν和逸出功W0之间的关系:Ek= hν-W0 。其中逸出功是指使某种金属原子中的电子脱离金属所做功的最小值。 (2)物理意义:金属中电子吸收一个光子获得的能量是hν,这些能量一部分用于克服金属的逸出功 ,剩下的表现为逸出电子的初动能。
解析
关闭
答案
-8知识梳理考点自诊
2.(多选)如图所示,用导线把验电器与锌板相连接,已知紫光频率大于锌的极限频率,当用紫外线照射锌板时,发生的现象是( )
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用紫外线照射锌板是能够发生光电效应的,锌板上的电子吸收紫外线的能
量从锌板表面逸出 ,称之为光电子,故A错误,B正确;锌板与验电器相连,使 A.有光子从锌板逸出验电器带有相同电性的电荷 ,验电器的指针就会张开一个角度,锌板失去 B.有电子从锌板逸出
-12命题点一命题点二命题点三
5.光的强度与饱和光电流:频率相同的光照射金属产生光电效应, 入射光越强,饱和光电流越大。
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(1)× (2)× (3)√ (4)× (5)×
答案
-11命题点一命题点二命题点三
对光电效应的理解与光电效应有关的概念对比 1.光子与光电子:光子不带电;光电子是光电效应时发射出来的电子,其本质是电子。 2.光电子的初动能与光电子的最大初动能:光电子的初动能小于等于光电子的最大初动能。 3.光电流和饱和光电流:金属板飞出的光电子到达阳极,回路中便产生光电流,随着所加正向电压的增大,光电流趋于一个饱和值,这个饱和值是饱和光电流。在一定的光照条件下,饱和光电流与所加电压大小无关。 4.入射光强度与光子能量:入射光强度是指单位时间内照射到单位面积上的总能量,与光子的能量和单位时间内光子的数目有关。

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