2018年上海市青浦区高考物理一模试卷(含详解)

2018年上海市青浦区高考物理一模试卷
一．单项选择题（共40分，1到8题每小题3分，9到12题每小题3分）1．（3分）下列叙述中符合物理学史实的是（）
A．伽利略发现了单摆的周期公式
B．奥斯特发现了电流的磁效应
C．库仑通过扭秤实验得出了万有引力定律
D．牛顿通过斜面理想实验得出了维持运动不需要力的结论
2．（3分）下列属于理想物理模型的是（）
A．电场B．电阻C．点电荷D．元电荷3．（3分）下列各物理量的定义式正确的是（）
A．加速度B．电流强度
C．电势D．电场强度
4．（3分）通电导体棒水平放置在光滑绝缘斜面上，整个装置处在匀强磁场中，在以下四种情况中导体棒可能保持静止状态的是（）
A．B．
C．D．
5．（3分）如图所示是水波遇到小孔或障碍物后的图象，图中每两条实线间的距离表示一个波长，其中正确的图象是（）
A．B．
C．D．
6．（3分）如图所示，在水平向左的匀强电场中，有一个带正电的小滑块，此时小滑块静止在竖直的粗糙墙壁上。

忽略空气阻力，当撤掉电场后，木块将做（）
A．匀速直线运动B．曲线运动
C．自由落体运动D．变加速直线运动
7．（3分）杯子里盛有热水，经过一段时间后杯子里的水慢慢变凉，则（）A．水分子的平均动能减小
B．所有水分子的动能都减小
C．只有个别水分子的动能减小
D．水分子的动能可以用计算
8．（3分）如图所示为两个等量异种点电荷，A、B、C为电场中的三点，三处的电场强度大小分别为E A、E B、E C，电势分别为φA、φB、φC，则（）
A．E A＜E B，φA=φC B．E A＞E B，φA＞φC
C．E A＞E B，φA=φC D．E A＞E B，φA＜φC
9．（4分）如图所示为某电学元器件的伏安特性曲线，图中虚线为曲线上P点的切线．当通过该元器件的电流为0.4A时，该元器件的阻值为（）
A．250ΩB．125ΩC．100ΩD．62.5Ω10．（4分）如图，光滑的水平面上固定着一个半径在逐渐减小的螺旋形光滑水平轨道。

一个小球以一定速度沿轨道切线方向进入轨道，下列物理量中数值将减小的是（）
A．周期B．线速度C．角速度D．向心加速度11．（4分）如图所示，下端用橡皮管连接的两根粗细相同的玻璃管竖直放置，右管开口，左管内被封闭一段气体，水银面比右管低，现保持左管不动，为了使两管内水银面一样高，下面采取的措施可行的是（）
A．减小外界气压
B．从U形管的右管向内加水银
C．把U形管的右管向上移动
D．把U形管的右管向下移动
12．（4分）如图所示，有四块相同的坚固石块垒成弧形的石拱，每块石块的质量均为m，每块石块的两个面间所夹的圆心角均为30°，第3、第4块固定在地面上．假定石块间的摩擦力可以忽略不计，则第1与第3石块间的作用力大小为（）
A．mg B．mg C．2mg D．mg
二．填空题（共20分，每空2分．）
13．（4分）静电场中某电场线如图所示．把一个正点电荷从电场中的A点移到B 点，其电势能增加2.8×10﹣7J，则该电场线的方向是（选填“向左”或“向右”）；在此过程中电场力做功为J．
14．（4分）一列简谐波的图象如实线所示，则该波的波长为m，当这列波进入到其他介质中时，该波的图象变成如虚线所示，则该波的波速和原来相比（选填“不变”、“变小”、“变大”）。

15．（4分）某人站在20m高的平台上，使一物体以15m/s的初速度做竖直上抛运动，经过s到达最高点，它在第四秒内的位移为m．（取向上为正方向，不计空气阻力，g取10m/s2）
16．（4分）如图，房顶上固定一根长2.5m的细线沿竖直墙壁垂到窗沿下，细线下端系了一个小球（可视为质点）．打开窗子，让小球在垂直于窗子的竖直平面内小幅摆动，窗上沿到房顶的高度为1.6m，不计空气阻力，g取10m/s2，则小球在摆动过程中的回复力是由提供的，从最左端运动到最右端的最短时间为s．
17．（4分）如图所示电路，R1：R3=2：1，安培表1的示数为1A．在外电路中每移动1C电量电场力做功为3J，在电源内部，把1C电荷从某一极移到另一极，非静电力做功4J，该电路的电源电动势是V，内电阻是Ω．
三、综合题（第18题10分，第19题14分，第20题16分，共40分）18．（10分）如图是测干电池的电动势和内阻实验．干电池允许的最大供电电流为0.5A．
（1）现有三种滑动变阻器：A．1000Ω、0.1A；B．20Ω、1.0A C．10Ω、2.0A，实验时应选用（填选项序号）；
（2）闭合电建S前，滑线变阻器的滑片P应置于端（选填“M”或“N”）；（3）用实验得到的数据拟合成直线，如图（b）所示，该直线对应的方程为：，该干电池的内阻为Ω；
（4）实验中，若增大滑线变阻器的阻值，则电池消耗的总功率将（选填“变大”、“不变”或“变小”）．
19．（14分）一足够高的内壁光滑的导热气缸竖直地浸放在盛有冰水混合物的水槽中，用不计质量的活塞封闭了一定质量的理想气体，活塞的面积为1.5×10﹣3m2，如图1所示，开始时气体的体积为3.0×10﹣3m3，现缓慢地在活塞上倒上一定质量的细沙，最后活塞静止时气体的体积恰好变为原来的三分之一．设大气压强为1.0×105Pa．重力加速度g取10m/s2，求：
（1）最后气缸内气体的压强为多少？
（2）最终倒在活塞上细沙的总质量为多少千克？
（3）在P﹣V图上（图2）画出气缸内气体的状态变化过程（并用箭头标出状态变化的方向）．
20．（16分）如图所示，在距水平地面高h1=1.2m的光滑水平台面上，一个质量m=1kg的小物块压缩弹簧后被锁扣K锁住，储存了2J的弹性势能E p，现打开锁扣K，物块与弹簧分离后将以一定的水平速度v1向右滑离平台，并恰好从B 点沿切线方向进入光滑竖直的圆弧轨道BC（无能量损失）．已知C点的切线水平，并与水平地面上长为L=2.8m的粗糙直轨道CD平滑连接，小物块沿轨道BCD运动并与右边的竖直墙壁会发生碰撞，重力加速度g=10m/s2，空气阻力忽略不计．试求：
（1）小物块运动到C点时速度的大小．
（2）若小物块第一次运动到D点时恰好停下，则小物块与轨道CD之间的动摩擦因数μ的大小是多少．
（3）若小物块与墙壁碰撞后速度反向、大小不变，且在之后的运动中不会与D 点发生第二次碰撞，那么小物块与轨道CD之间的动摩擦因数μ应该满足怎样的条件．（不考虑物块从B点飞出情况）
2018年上海市青浦区高考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一．单项选择题（共40分，1到8题每小题3分，9到12题每小题3分）1．（3分）下列叙述中符合物理学史实的是（）
A．伽利略发现了单摆的周期公式
B．奥斯特发现了电流的磁效应
C．库仑通过扭秤实验得出了万有引力定律
D．牛顿通过斜面理想实验得出了维持运动不需要力的结论
【考点】1U：物理学史．
【专题】31：定性思想；43：推理法；511：直线运动规律专题．
【分析】伽利略发现了单摆的等时性，并得出了单摆的周期公式；法拉第发现了电磁感应现象；库仑通过扭秤实验得出了电荷间相互作用的规律；伽利略通过斜面理想实验得出了维持运动不需要力的结论．
【解答】解：A、伽利略发现了单摆的等时性，惠更斯得出了单摆的周期公式；
故A错误；
B、奥斯特发现了电生磁，即提出了电流的磁效应；故B正确；
C、库仑首先通过扭秤实验得出了电荷间相互作用的规律；牛顿得出了万有引力
定律，故C错误；
D、伽利略通过斜面理想实验得出了维持运动不需要力的结论。

故D错误。

故选：B。

【点评】该题考查了伽利略、奥斯特、库仑、等人在物理学是的贡献，属于基础题目．对这些知识点要牢记，避免失分．
2．（3分）下列属于理想物理模型的是（）
A．电场B．电阻C．点电荷D．元电荷
【考点】1U：物理学史．
【专题】31：定性思想；43：推理法；511：直线运动规律专题．
【分析】理想模型是指抓住物体、过程的主要方面属性，而忽略次要方面属性；
按照研究对象分，有过程模型、物体模型．
【解答】解：A、电场是客观存在的物质，不是理想物理模型。

故A错误；
B、电阻是描述导体对电流阻碍作用的物理量，不是理想物理模型。

故B错误；
C、点电荷是忽略了带电体的大小和形状，抽象成的带电的点，是理想物理模型。

故C正确。

D、元电荷是最小的电量的单位，不是理想物理模型。

故D错误；
故选：C。

【点评】该题考查理想化模型，关键是对常见的几个理想化的模型要有清晰的记忆．
3．（3分）下列各物理量的定义式正确的是（）
A．加速度B．电流强度
C．电势D．电场强度
【考点】A6：电场强度与电场力；AC：电势．
【专题】31：定性思想；43：推理法；532：电场力与电势的性质专题．
【分析】定义式是用较基本的物理量定义出新的量，常用的由比值法、乘积法等．比值法就是应用两个物理量的比值来定量研究第三个物理量．它适用于物质属性或特征、物体运动特征的定义．
【解答】解：A、加速度a=是牛顿第二定律得到的牛顿第二定律的表达式，不是定义式。

故A错误
B、公式I=是欧姆定律的表达式，不属于比值定义式，故B错误；
C、公式φ=电势的定义式，为比值定义法，故C正确；
D、公式E=是点电荷的电场强度与距离的关系，不属于定义式，故D错误。

故选：C。

【点评】中学物理中，有相当数量的物理量是采用“比值法”定义的．应用比值法定义物理量，往往需要一定的条件；一是客观上需要，二是间接反映特征属性的两个物理量可测，三是两个物理量的比值必须是一个定值．
4．（3分）通电导体棒水平放置在光滑绝缘斜面上，整个装置处在匀强磁场中，
在以下四种情况中导体棒可能保持静止状态的是（）
A．B．
C．D．
【考点】3C：共点力的平衡；CC：安培力．
【分析】左手定则判断安培力的方向，对通电导体棒ab受力分析，根据共点力平衡条件判断导体棒是否处于静止状态
【解答】解：A、导体棒受重力、竖直向下的安培力、垂直与斜面斜向上的支持力，由共点力平衡可知，A错误
B、导体棒受重力、水平向左的安培力，垂直与斜面斜向上的支持力，由共点力
平衡可知，B错误
C、导体棒受重力、沿斜面向下的安培力，垂直与斜面斜向上的支持力，由共点
力平衡可知，C错误
D、导体棒受重力、沿斜面向上的安培力，垂直与斜面斜向上的支持力，由共点
力平衡可知，D正确
故选：D。

【点评】解决本题的关键掌握安培力的方向判定，以及能正确地进行受力分析，根据受力平衡判断
5．（3分）如图所示是水波遇到小孔或障碍物后的图象，图中每两条实线间的距离表示一个波长，其中正确的图象是（）
A．B．
C．D．
【考点】F7：波的干涉和衍射现象．
【专题】31：定性思想；43：推理法；51D：振动图像与波动图像专题．
【分析】当波的波长与小孔或障碍物得尺寸相当，或大于小孔和障碍物的尺寸，会发生明显的衍射，即绕过障碍物继续传播．
【解答】解：根据发生明显衍射的条件，即当波的波长与小孔或障碍物得尺寸相当，或大于小孔和障碍物的尺寸，会发生明显的衍射；
AB、波遇到小孔发生明显的衍射时，小孔处相当于新的波源，可知A、B的衍射图样都错误；故AB错误；
CD、波遇到与波长差不多的障碍物后，能“绕过”障碍物继续向前传播。

故D图样正确，C错误。

故选：D。

【点评】解决本题的关键知道衍射是波特有的现象，掌握发生明显衍射的条件以及常见的衍射图样是关键．
6．（3分）如图所示，在水平向左的匀强电场中，有一个带正电的小滑块，此时小滑块静止在竖直的粗糙墙壁上。

忽略空气阻力，当撤掉电场后，木块将做（）
A．匀速直线运动B．曲线运动
C．自由落体运动D．变加速直线运动
【考点】AG：电势差和电场强度的关系．
【专题】31：定性思想；43：推理法；532：电场力与电势的性质专题．
【分析】当木块静止时，受力平衡；撤去电场后，再次对木块受力分析，得出的运动情况要符合实际情况。

【解答】解：开始时小滑块静止在竖直的粗糙墙壁上，说明在竖直方向小滑块受
到的摩擦力与重力大小相等；
撤去电场后，墙壁对物体的支持力减小为零，故最大静摩擦力减为零，物体只受重力，做自由落体运动；故ABD错误，C正确；
故选：C。

【点评】本题关键对物体受力分析后运用共点力平衡条件计算出静摩擦力；明确滑动摩擦力公式中的弹力为垂直于接触面的力；推力撤去后支持力减为零，故不受滑动摩擦力。

7．（3分）杯子里盛有热水，经过一段时间后杯子里的水慢慢变凉，则（）A．水分子的平均动能减小
B．所有水分子的动能都减小
C．只有个别水分子的动能减小
D．水分子的动能可以用计算
【考点】87：分子势能；89：温度是分子平均动能的标志．
【专题】31：定性思想；43：推理法；548：热力学定理专题．
【分析】明确温度是分子平均动能标志的意义，知道这是统计规律，温度降低时分子平均动能增大但并不是所有分子动能都减小．
【解答】解：A、水的温度降低时，其分子平均动能减小，但并不是每个分子的无规则运动的动能都减小，也不是只有个别水分子的动能减小，故A正确，B 错误，C错误；
D、分子的平均动能的计算有专门的计算公式，但不能用计算。

故D错误故选：A。

【点评】该题考查对温度的微观意义的理解，明确温度升高时分子平均动能增大但并不是所有分子动能都增大是关键．
8．（3分）如图所示为两个等量异种点电荷，A、B、C为电场中的三点，三处的电场强度大小分别为E A、E B、E C，电势分别为φA、φB、φC，则（）
A．E A＜E B，φA=φC B．E A＞E B，φA＞φC
C．E A＞E B，φA=φC D．E A＞E B，φA＜φC
【考点】A7：电场线；AA：电场的叠加．
【专题】31：定性思想；43：推理法；532：电场力与电势的性质专题．
【分析】电场线越密的地方，电场强度越强。

沿着电场线方向电势降低。

通过电场线的分布进行判断。

【解答】解：根据电场线的疏密分布知，A点的电场线比B点密，则有：E A＞E B；等量的异种电荷的中垂线为等势线，沿着电场线方向电势逐渐降低，则A点的电势大于C点电势。

所以有：φA＞φC．故B正确，ACD错误。

故选：B。

【点评】虽然电场线不是实际存在的，但电场线的疏密可以体现电场强度的强弱；
可以根据电场线方向来确定电势的高低；同时还考查了等量异种点电荷的电场线的分布，电场线与等势线相互垂直。

9．（4分）如图所示为某电学元器件的伏安特性曲线，图中虚线为曲线上P点的切线．当通过该元器件的电流为0.4A时，该元器件的阻值为（）
A．250ΩB．125ΩC．100ΩD．62.5Ω
【考点】B2：欧姆定律．
【专题】31：定性思想；43：推理法；535：恒定电流专题．
【分析】U﹣I图象中的斜率表示电阻；由图找出A点P点的电压值及电流值；
由欧姆定律可求得电阻值．
【解答】解：由图可知，当电流为0.4A时，电压为50V，则由欧姆定律可知，
阻值为：
R===125Ω；
故B正确，ACD错误。

故选：B。

【点评】本题考查欧姆定律的应用，注意与图象得出各点的电压值及电流值，再由欧姆定律求出电阻即可；注意绝不能用图象的斜率来表示电阻大小．10．（4分）如图，光滑的水平面上固定着一个半径在逐渐减小的螺旋形光滑水平轨道。

一个小球以一定速度沿轨道切线方向进入轨道，下列物理量中数值将减小的是（）
A．周期B．线速度C．角速度D．向心加速度【考点】48：线速度、角速度和周期、转速．
【专题】519：匀速圆周运动专题．
【分析】当作用力与速度方向垂直，该力不做功，根据动能定理判断小球线速度大小的变化，根据v=ωr判断角速度的变化。

【解答】解：B、轨道对小球的支持力与速度方向垂直，则轨道对小球的支持力不做功，根据动能定理，合力不做功，则动能不变，即小球的线速度大小不变；故B错误；
C、根据v=ωr，线速度大小不变，转动半径减小，故角速度变大；故C错误；
A、根据T=，角速度增加，故周期减小；故A正确；
D、根据a=，转动半径减小，故向心加速度增加；故D错误；
故选：A。

【点评】本题关键是能够根据动能定理、线速度与角速度关系公式v=ωr、向心加速度公式列式判断，基础题。

11．（4分）如图所示，下端用橡皮管连接的两根粗细相同的玻璃管竖直放置，右管开口，左管内被封闭一段气体，水银面比右管低，现保持左管不动，为了使两管内水银面一样高，下面采取的措施可行的是（）
A．减小外界气压
B．从U形管的右管向内加水银
C．把U形管的右管向上移动
D．把U形管的右管向下移动
【考点】99：理想气体的状态方程．
【专题】31：定性思想；43：推理法；54：热学、光学和原子物理学；54B：理想气体状态方程专题．
【分析】解决本题的关键是利用玻意耳定律，分析可得出气体的体积增大，为了保持左右平衡，右管必须向下移动，即可得解．
【解答】解：两管内水银面一样高，左管中空气的压强减少，由玻意耳定律可知，气体的体积增大，右管必须向下移动，才可以保持左右平衡，故D项正确；故选：D。

【点评】本题属于一道简单题，考查理想气体的状态方程，解决本题的关键是合理利用玻意耳定律
12．（4分）如图所示，有四块相同的坚固石块垒成弧形的石拱，每块石块的质量均为m，每块石块的两个面间所夹的圆心角均为30°，第3、第4块固定在地面上．假定石块间的摩擦力可以忽略不计，则第1与第3石块间的作用力大小为（）
A．mg B．mg C．2mg D．mg
【考点】29：物体的弹性和弹力；2G：力的合成与分解的运用；3C：共点力的平衡．
【专题】12：应用题；22：学科综合题；31：定性思想；43：推理法；527：共
点力作用下物体平衡专题．
【分析】对第一块石块受力分析，根据共点力平衡求出第3石块对第一石块的作用力．
【解答】解：第1石块受到重力、第2石块对它的弹力和第三石块对它的弹力，受力如图。

根据平衡知，，解得：N31=2mg。

故C正确，A、B、
D错误。

故选：C。

【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，本题也可以对12整体分析求解．
二．填空题（共20分，每空2分．）
13．（4分）静电场中某电场线如图所示．把一个正点电荷从电场中的A点移到B 点，其电势能增加 2.8×10﹣7J，则该电场线的方向是向左（选填“向左”
或“向右”）；在此过程中电场力做功为﹣2.8×10﹣7J．
【考点】A6：电场强度与电场力；AG：电势差和电场强度的关系．
【专题】32：定量思想；43：推理法；532：电场力与电势的性质专题．
【分析】点电荷的电势能增加，电场力做负功，判断电场力的方向，从而确定点电荷的电性．克服电场力做功多少，电荷的电势能就增加多少．
【解答】解：A点移到B点，点电荷的电势能增加，电场力做负功，因此电场力方向向左，由于点电荷带正电，则电场力方向与电场线的切线方向相同，那么电场线的方向是向左；
克服电场力做功多少，电荷的电势能就增加多少，所以在此过程中电场力做功为﹣2.8×10﹣7J．
故答案为：向左；﹣2.8×10﹣7．
【点评】本题要抓住电场力做功与重力做功相似，克服电场力做功多少，电荷的
电势能就增加多少．
14．（4分）一列简谐波的图象如实线所示，则该波的波长为4m，当这列波进入到其他介质中时，该波的图象变成如虚线所示，则该波的波速和原来相比变大（选填“不变”、“变小”、“变大”）。

【考点】F4：横波的图象；F5：波长、频率和波速的关系．
【专题】31：定性思想；43：推理法；51D：振动图像与波动图像专题．
【分析】由波形图，可知，波长的长短，再由v=λf，即可判定波速的变化情况。

【解答】解：由波形图，可知，波长为4m；
依据v=λf，波的图象由实线变成虚线，那么波长变长，则波速也会变大；
故答案为：4；变大。

【点评】考查波动图象的应用，理解波动图象与振动图象的区别，并掌握v=λf 的内容，及注意波不同介质中传播，频率总不变的。

15．（4分）某人站在20m高的平台上，使一物体以15m/s的初速度做竖直上抛运动，经过 1.5s到达最高点，它在第四秒内的位移为﹣20m．（取向上为正方向，不计空气阻力，g取10m/s2）
【考点】1N：竖直上抛运动．
【专题】32：定量思想；4C：方程法；511：直线运动规律专题．
【分析】竖直向上抛运动可看成一种加速度为﹣g的匀减速直线运动，当速度等于0时达到最大高度，根据运动学基本公式列式计算即可．
【解答】解：选取向上为正方向，竖直向上抛运动可看成一种加速度为﹣g的匀减速直线运动，当物体的速度减至零时到达最高点，则有：
v0﹣gt=0
得：t=s
物体在第三末的速度：v3=v0﹣gt=15﹣3×10=﹣15m/s
它在第四秒内的位移：m
故答案为：1.5s；﹣20m
【点评】本题考查竖直上抛运动的基本规律，解题时我们可以把运动的整个过程看成匀减速直线运动去处理，分析时要抓住对称性．
16．（4分）如图，房顶上固定一根长2.5m的细线沿竖直墙壁垂到窗沿下，细线下端系了一个小球（可视为质点）．打开窗子，让小球在垂直于窗子的竖直平面内小幅摆动，窗上沿到房顶的高度为1.6m，不计空气阻力，g取10m/s2，则小球在摆动过程中的回复力是由重力沿切线方向的分力提供的，从最左端运动到最右端的最短时间为0.4πs．
【考点】76：单摆的周期．
【专题】31：定性思想；43：推理法；51C：单摆问题．
【分析】本题实际为两个单摆，从左到右的时间为两个摆总周期的，分别求出两个摆长时的周期大小，即可求得实际摆动中的时间．
【解答】解：小球在摆动过程中，重力沿切向的分力提供回复力；
单摆周期公式知：
T1=2π=2π=0.6π；
T2=2π=2π=π
摆球从左到右的时间为：
t===0.4π；
故答案为：重力沿切线方向的分力，0.4π
【点评】本题关键建立单摆模型，明确测量原理，知道重力沿切向的分力提供回复力；然后根据单摆的周期公式列式求解即可．
17．（4分）如图所示电路，R1：R3=2：1，安培表1的示数为1A．在外电路中每移动1C电量电场力做功为3J，在电源内部，把1C电荷从某一极移到另一极，
非静电力做功4J，该电路的电源电动势是4V，内电阻是Ω．
【考点】BB：闭合电路的欧姆定律．
【专题】32：定量思想；4C：方程法；535：恒定电流专题．
【分析】电源内部非静电力克服电场力做功，把其它形式的能转化为电势能，把1C电荷从某一极移到另一极，非静电力做的功的大小等于电源电动势，在外电路中每移动1C电量电场力做功的大小等于路端电压，再根据闭合电路欧姆定律求解．
【解答】解：电源电动势为=V=4V
电源的路端电压
电阻、并联，电压相等，电流与电阻成反比，
安培表1的示数是1A，安培表2的示数为2A，干路电流3A
电源的内电压
内电阻
故答案为：4
【点评】本题要求同学们知道电源内部的能量是怎样转化的，理解非静电力克服电场力做功，把其它形式的能转化为电势能，能根据闭合电路欧姆定律解题，难度适中．
三、综合题（第18题10分，第19题14分，第20题16分，共40分）18．（10分）如图是测干电池的电动势和内阻实验．干电池允许的最大供电电流为0.5A．
（1）现有三种滑动变阻器：A．1000Ω、0.1A；B．20Ω、1.0A C．10Ω、2.0A，实验时应选用C（填选项序号）；
（2）闭合电建S前，滑线变阻器的滑片P应置于N端（选填“M”或“N”）；（3）用实验得到的数据拟合成直线，如图（b）所示，该直线对应的方程为：U=1.5﹣1.76r，该干电池的内阻为 1.76Ω；
（4）实验中，若增大滑线变阻器的阻值，则电池消耗的总功率将变小（选填“变大”、“不变”或“变小”）．
【考点】N3：测定电源的电动势和内阻．
【专题】13：实验题；23：实验探究题；31：定性思想；46：实验分析法；535：恒定电流专题．
【分析】（1）滑动变阻器在电路中起到保护电路并调节电流作用，在限流接法中取比内电阻大10左右即可．过大则难以调节；过小起不到应有的调节作用．（2）明确实验中安全性安全，知道滑动变阻器限流接法时，应由最大值开始调节；
（3）由闭合电路欧姆定律可得出电压与电流的关系，结合数学关系可知图象的斜率表示内阻，与纵坐标的交点表示电源的电动势．
（4）根据闭合电路欧姆定律进行分析，明确电流变化情况，从而确定功率的变化．
【解答】解：（1）由题意可知，干电池的内阻约为几欧，故为了易于调节，准确测量，滑动变阻器应选最大值较小的，故选C；
（2）实验开始时为了保证安全，滑动变阻器接入电阻应为最大值，由图可知，开始时滑片应滑至N点；
（3）由图可知，电压和电流成一次函数关系，由数学知识可知，图象与纵轴的交点为1.5V，图象的斜率k=﹣=1.76；。