【专项习题】徐州九年级物理欧姆定律专项测试(含答案)

【专项习题】徐州九年级物理欧姆定律专项测试（含答案）
一、选择题
1．如图所示的电路，电源电压保持不变，电路中各元件连接正确且均完好，闭合电键S，向右移动滑动变阻器滑片P的过程中（）
A. 电流表A的示数变大
B. 电压表V的示数变大
C. 电压表V与电流表A的示数的比值变大
D. 电压表V与电流表A的示数的乘积变小
【答案】D
【解析】【解答】A. 此电路为串联电路，电压表测量电阻R1两端的电压，电流表测电路电流，当闭合电键S，向右移动滑动变阻器滑片P的过程中，滑动变阻器的电阻增大，电路的总电阻增大，根据欧姆定律，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，A不符合题意他.
B. 根据串联电阻分压关系，滑动变阻器的电阻增大，分压将增大，根据串联电路电压特点，所以电阻R1两端的电压减小，即电压表示数变小，B不符合题意.
C. 电压表V与电流表A的示数的比值即为电阻R1的阻值，应不变，C不符合题意.
D. 因电压表与电流表的示数都变小，所以乘积将变小，D符合题意.、
故答案为：D.
【分析】R1与R2串联，电压表V测R1的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可知电路中电流的变化分析.
2．如图所示电路，电源电压保持不变，R1＝5Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为15Ω．闭合开关S，向左移动滑动变阻器滑片P的过程中，下列说法正确的是（）
A. 电流表A的示数变小
B. 电压表V的示数增大
C. 滑片可在R2上任意移动
D. 若滑片移到b端时，R1与R2的电功率之比为3：1
【答案】 D
【解析】【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表
测干路电流，（1）因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，B不符合题意；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时通过R1的电流不
变，向左移动滑动变阻器滑片P的过程中，R2接入电路中的电阻变小，由I＝可知，通过R2的电流变大，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表A的示数变大，A不符合题意；（2）由电路图可知，R2的滑片移至a端时会造成电源短路，所以，滑片不可在R2上任意移动，C不符合题意；（3）因并联电路中各支路两端
的电压相等，所以，若滑片移到b端时，由P＝UI＝可知，R1与R2的电功率之比：
＝＝＝＝，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】结合电路图，理清依据的连接方式及电表的测量对象，根据电源的电压可知滑片移动时电压表V示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化；明确当R2的滑片移至a端
时会造成电源短路，若滑片移到b端时，根据并联电路的电压特点和P=UI=求出电功率之比.
3．小华设计了一种输液提示器，能在护士站观察到药液量的变化。

当袋中药液量减少时，为使电压表示数随之减小，符合要求的电路图是（）
A. B.
C. D.
【答案】 C
【解析】【解答】解：当袋中药液量减少时，整个药液袋的重力减小，对弹簧的拉力减小，弹簧的伸长量减小，所以滑片会向上移动；
A、由图可知，变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压；
当袋中药液量减少时，滑片的上移不会改变变阻器连入电路的电阻，则电路中的电流不变，变阻器两端的电压不变，即电压表的示数也不变，A不符合要求；
B、由图可知，变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压；
当袋中药液量减少时，滑片向上移动，变阻器连入电路的电阻变大，根据串联电路的分压特点可知，变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，B不符合要求；
C、由图可知，变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压；
当袋中药液量减少时，滑片向上移动，变阻器连入电路的电阻变小，根据串联电路的分压特点可知，变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，C符合要求；
D、由图可知，变阻器与灯泡并联，电压表测量电源电压，
由于电源电压不变，所以，当袋中药液量减少时，电压表的示数不变，D不符合要求。

故答案为：C
【分析】本题主要考查了欧姆定律的应用，①明确药液量减少时滑片会向上移动；②正确分析电路的连接情况；③利用串联电路的分压特点.
4．有两个电阻类电路元件A、B，流过元件的电流与它两端的电压关系如图甲所示，把它们串联在4.5V电路中，如图乙所示，下列说法错误的是（）
A. 元件A的电阻是定值电阻，大小为5Ω
B. 元件B的电阻随温度的升高而减小
C. 把它们并联在1V电路中时，电路总功率为0.3W
D. 把它们串联在4.5V电路中时，元件B的电功率为1.8W
【答案】 D
【解析】【解答】解：A、由图象可知，通过A的电流与两端的电压成正比，则A是定值电阻；
由图象可知，A两端的电压为2V时，通过的电流依次为0.4A，
由I＝可得：
R A＝＝＝5Ω，A符合题意；
B、由图象可知，B两端的电压为1V、2.5V、3V时，通过的电流依次为0.1A、0.4A、
0.6A，
由I＝可得R＝可知，乙对应的电阻依次为10Ω、6.25Ω、5Ω，
由于通过电阻的电流越大时元件的温度升高，所以，元件B的电阻随温度的升高而减小，B符合题意；
C、并联在电压为1V的电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，它们两端的电压U A′＝U B′＝U′＝1V，
由图象可知，I A＝0.2A，I B＝0.1A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流：
I′＝I A+I B＝0.2A+0.1A＝0.3A，
电路的总功率：
P′＝U′I′＝1V×0.3A＝0.3W，C符合题意；
D、把它们串联在4.5V电路中时，由于串联电路的电流处处相等，则由图象可知，电路I″＝0.2A时，A两端的电压U A″＝2V，B两端的电压U B″＝2.5V时符合，
所以，P B＝″U B″I B″＝2.5V×0.2A＝0.5W，D不符合题意。

故答案为：D
【分析】AB、根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻电阻的电流与两端两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化；由图象可知A的电压和对应的电流值，根据欧姆定律即可求出电阻；
C、元件A、B并联在电压为1V的电路中时，它们两端的电压相等，根据图象读出通过它们的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用P＝UI求出电路的总功率；
D、元件A、B串联在电压为4.5V的电路中时，通过它们的电流相等，电源的电压等于两电阻两端的电压之和，根据图象读出符合题意的电流和电压，根据欧姆定律求出它们的阻值之比。

5．地磅工作时，重物越重，电表的示数就越大。

下列四幅电路图中，R′是滑动变阻器，R 是定值电阻。

其中符合地磅工作原理的是（）
A. B.
C. D.
【答案】 B
【解析】【解答】A.当物重增大时，滑片向下运动，变阻器的阻值增大，电流表的示数变小，故A不合题意；
B.电阻R和变阻器R'串联，电压表测电阻R的电压；当物重增大时，滑片向下运动，变阻器阻值变小，它的电压变小；而总电压不变，因此电压表的示数变大，故B符合题意；
C.电流表将滑动变阻器短路，当物重增大时，电流表的示数不变，故C不合题意；
D.电压表串联在电路里，当物重增大时，电压表的示数几乎不变，故D不合题意。

故选B。

【分析】（1）当电压不变时，电阻越大，电流越小；
（2）在串联电路中，电压的分配与电阻成正比，即电阻越大，电压越大；
（3）当物重增大时，判断滑动变阻器的滑片的运动方向，进而得到其阻值的变化，接下来再判断电表的示数变化。

6．如甲图所示为气敏电阻随有害尾气浓度β变化的曲线，某物理科技小组利用气敏电阻设计了汽车有害尾气排放检测电路，如图乙所示，电源电压恒定不变，R为气敏电阻，L为指示灯．当有害尾气浓度β增大时（）
A. 电压表的示数增大，指示灯亮度增大
B. 电压表的示数减小，指示灯亮度增大
C. 电压表的示数减小，指示灯亮度减小
D. 电压表的示数增大，指示灯亮度减小【答案】 B
【解析】【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表测气敏电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，
由图甲可知，当有害尾气浓度增大时，气敏电阻的阻值将变小，电路的总电阻变小，
由I=可知，电路中的电流变大，
由U=IR可知，灯泡L两端的电压变大，故指示灯亮度增大；故CD错误；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，气敏电阻R两端的电压变小，即电压表的示数变小；故A错误，B正确．
故选B．
【分析】由电路图可知，气敏电阻与指示灯串联，电压表测气敏电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，根据甲图得出当有害尾气浓度增大时气敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化；
7．如图所示，电源电压恒为15V，定值电阻R的阻值为20Ω，闭合开关后，使变阻器的阻值减小5Ω，电流表示数变化了0.1A，则下列说法正确的是（）
A. 电流表示数减小了0.1A
B. 电压表示数减小了0.5V
C. 定值电阻的电功率增大了0.2W
D. 电路总功率增大了1.5W
【答案】D
【解析】【解答】由图可知，变阻器R变与R串联在电路中，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中电流；A、使变阻器的阻值减小5Ω，根据串联电路的电阻特点可知总
电阻变小，由于电源电压不变，根据I＝可知电路中电流变大，所以电流表示数变化了
0.1A，应是增大0.1A，A不符合题意；
B、设原来变阻器接入电路的阻值为R变，变阻器的阻值减小5Ω后，此时变阻器接入电路
的阻值为R变-5Ω，由题意可知：△I＝I2-I1＝0.1A，即：＝
0.1A，所以：＝0.1A，解得：R变＝10Ω，R变＝-45Ω（舍
去），所以，I1＝＝0.5A，I2＝
＝0.6A，则电压表示数变化量：△U变＝I2（R变-5Ω）-I1R变＝0.6A×（10Ω-5Ω）-0.5A×10Ω＝-2V，所以电压表示数减小了2V；B不符合题意；
C、定值电阻电功率的增大量：△P1＝I22R-I12R＝（0.6A）2×20Ω-（0.5A）2×20Ω＝2.2W，C 不符合题意；
D、总功率的增大量：△P＝UI2-UI1＝15V×0.6A-15V×0.5A＝1.5W，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】根据电路中电流的变化和总电阻的变化计算电阻的大小，利用电源电压和电阻计算总电流，结合电流和电阻计算用电器的电功率.
8．在如图所示的实物电路中,电源电压恒为3V,滑动变阻器的规格为“1001A”,灯泡上标有2.5V 1W”的字样,闭合开关后调节滑动变阻器的滑片,在保证各元件安全的情况下,下列说法
正确的是（）
A. 小灯泡正常发光时的电阻为2.50
B. 向右移动滑片时,电压表V1的示数变小,小灯泡亮度变暗
C. 向右移动滑片时,电压表V2与电流表A的示数之比不变
D. 让小灯泡正常发光1min,滑动变阻器产生的电热为12J
【答案】D
【解析】【解答】根据R＝＝6.25 ,A不符合题意；由图可知滑动变阻器、灯泡、电流表组成串联电路，当向右移动滑片时,滑动变阻器连入电路的电阻变小，根据串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压变小，即V2示数变小，而灯泡两端的电压变大，即V1示数变大，小灯泡变亮，B不符合题意；电压表V2与电流表A的示数之即滑动变阻器连入电路的电阻值，所以向右移动滑片时,电压表V2与电流表A的示数之比变小，C
不符合题意；D.小灯泡正常发光时电路中的电流，I＝此时滑动变阻器两端
的电压U滑＝3V-2.5V＝0.5V,滑动变阻器连入的电阻R滑＝ 1min滑动变阻器产生的电热为Q＝I2Rt＝0.4A ,D符合题意。

故答案为：D
【分析】灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测量小灯泡电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中电流.
（1）根据P=变形可求小灯泡正常发光时的电阻；
（2）根据串联电路的电流特点可知，滑动变阻器向右移动滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据串联分压的原理，滑动变阻器分配的电压减小，即电压表V2示数减小，小灯泡两端电压变大，小灯泡变亮；
（3）电压表V2与电流表A的示数之比等于滑动变阻器的阻值；
（4）由灯泡上标有“2.5V 1W”，根据P=UI可求小灯泡的额定电流，再根据串联电路电压的特点，求出滑动变阻器两端的电压，根据Q=UIt求出小灯泡正常发光1min，滑动变阻器产生的电热.
9．图甲是某电子秤的原理示意图，R1的阻值为100 Ω，托盘下方的电阻R2为压敏电阻，其电阻大小与托盘内所放物体质量m大小的关系如图乙所示，电源电压为6 V保持不变，则（）
A. R2的阻值变化范围为0~1000 Ω
B. 电路中电流的变化范围为0.1 A~0.6 A
C. 电路中电流为0.02 A时，托盘内物体的质量为600 g
D. 托盘内物体质量为400 g 时，电流表的示数为0.01 A沿此线折叠
【答案】C
【解析】【解答】A. 由图乙可知,压敏电阻R2的阻值变化范围为0∼500Ω，A不符合题意；
B. 当托盘内物体的质量为零时,压敏电阻R2＝500Ω，则电路总电阻：R＝R1+R2＝100Ω+500Ω
＝600Ω，此时电路中的电流：I＝＝0.01A，当托盘内物体的质量为1000g时,压敏电阻阻值是0Ω，则电路总电阻：R′＝R1+R′2＝100Ω+0Ω＝100Ω，此时电路中的电流：I′＝
＝0.06A，所以，电路中电流的变化范围为0.01A∼0.06A，B不符合题意；
C. 当电路中电流I1＝0.02A时，电路总电阻：R总＝＝300Ω，则压敏电阻R2的阻值：R2＝R总−R1＝300Ω−100Ω＝200Ω，由图乙可知,当R2＝200Ω时，托盘内物体的质量为600g，C符合题意；
D. 当托盘内物体质量为400g时,由图乙可知,R2″＝300Ω时，则电路总电阻：R′总＝R1+R2″＝
100Ω+300Ω＝400Ω，此时电路中的电流：I2＝＝0.015A，D不符合题意。

故答案为：C。

【分析】电阻R1、R2串联电流表测电路中的电流，由图乙可知，压敏电阻R2的阻值变化范围；根据串联电路电阻特点和欧姆定律求出电路中电流的变化范围；再根据欧姆定律、串联电路电阻特点求出托盘内物体的质量和电流表的示数.
10．某同学做电学实验时，电路如下图所示．已知他所用电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V，电源电压为6V保持不变，滑动变阻器的最大阻值为50Ω，定值电阻R0为10Ω，开关S闭合后，在实验操作无误的情况下，下列说法中正确的说法是（）
A. 电流表的最大示数为0.6A
B. 滑动变阻器消耗的最小功率为0W
C. 电压表的最小示数为1V
D. 电阻R0消耗的最大功率为1.8W
【答案】 C
【解析】【解答】（1）∵电源电压为6V，电压表的量程为0﹣3V，
∴P不能滑到左端，
∴滑动变阻器连入电阻不能为0，滑动变阻器的电功率不能为0；
当电压表的示数为3V，即：U R=3V时：①电流最大（电流表的示数最大），I大=
=0.3A，②R0消耗的电功率最大，P大=I2R0=（0.3A）2×10Ω=0.9W；
（2）当滑片P在右端（电阻全连入为50Ω ），此时电路中的电阻最大，电流最小，
I小= =0.1A，U小=I小R0=0.1A×10Ω=1V．
故答案为：C．
【分析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路电流；
（1）电源的电压大于电压表的最大示数，由串联电路的分压特点可知当电压表的示数最大时电路中的电流最大，此时定值电阻消耗的电功率最大，滑动变阻器两端的电压不为0，由P=UI可得滑动变阻器的最小电功率不可能为0，根据串联电路的电压特点求出定值电阻两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的最大电流，利用P=I2R求出电阻R0消耗的最大功率；
（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用欧姆定律求出电压表的最小示数．
11．如图甲所示的电路中,电源电压恒定,灯泡L的电阻随温度变化而变化,R0为定值电阻滑动变阻器R x的规格为“20Ω2.5A”闭合开关S,电压表V1的示数为U1、电压表V2的示数为U2,移动滑动变阻器的滑片P从A端至B端,U2与U1的关系如图乙所示当滑片P滑到B端时,灯L恰好正常发光.下列结果中正确的是（）
A. 电路中最大电流为1A
B. 定值电阻R0的阻值为16Ω
C. 灯L正常发光时的电阻为40Ω
D. 灯L的额定功率为24W
【答案】 D
【解析】【解答】由图可知，当滑片P滑到B端时，阻值为0，L和R0串联，此时电压表V2测电源电压，由图知电源电压为36V，电压表V1测R0的电压，由图知R0的电压U01=24V，灯L恰好正常发光，则灯L的额定电压为：U L额=36V 24V=12V，A．当滑片P 在A端时，滑动变阻器阻值最大，且R max=20Ω，此时电压表V2的示数为16V，则滑动变阻
器两端的电压为：U R=36V 16V=20V，此时电路中的电流最小：I min= = =1A，A 不符合题意；B．当滑片P在A端时，电压表V1的示数U02=12V，则定值电阻R0的阻值
为：R0= = =12Ω,B不符合题意；C．当滑片P滑到B端时，电路中的电流为：I=
= =2A，灯L正常发光时的电阻：R L= = =6Ω，C不符合题意；D．灯L的额定功率为：P L=U L额I=12V 2A=24W.
故答案为：D。

【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，当滑片P滑到B端时，灯L恰好正常发光，此时电路的总电阻最小，总电流最大，两电压表的示数都达到了最大，判断出电源电压；当滑动变阻器的滑片P在A端时，总电阻最大，电路中的总电流最小，由乙图读出两电压表的示数，根据串联电路电压的规律表示出滑动变阻器的电压，根据欧姆定律算出电路的电流和定值电阻R0的阻值；当滑片在B端时，滑动变阻器的电阻为零，电路的电流最大，此时灯L恰好正常发光，定值电阻两端的电压为24V，根据欧姆定律算出电路的电流，根据串联电路电压的规律算出灯泡两端的额定电压，根据欧姆定律算出灯L正常发光时的电阻，由P=UI算出灯泡L的额定功率.
12．如图所示，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器，A1，A2为实验室用电流表（接线柱上标有“﹣”，“0.6”，“3”），闭合开关后，调节滑片P．使两电流表指针所指位置相同。

下列说法正确的是（）
A. 电流表A1与A2的示数之比为1：4
B. 通过R0与R1的电流之比为4：1
C. R0与R1两端的电压之比为1：4
D. R0与R1的阻值之比为4：1
【答案】D
【解析】【解答】A. 如图电路，两电阻并联，电流表A1测量R0的电流，电流表A2测量干路电流。

因为干路电流一定大于支路电流，且电流表的两个量程为5倍的关系，所以两电流表指针所指位置相同时，干路电流为R0电流的5倍，即电流表A1与A2的示数之比为1：5，A不符合题意；
B. 得：，则
即通过R0与R1的电流之比为1：4，B不符合题意；
C. 两电阻并联，电压相等，C不符合题意；
D. R0与R1的阻值之比为：
，D符合题意；
故答案为：D。

【分析】R0与R1并联，电流表A1测R0中电流，电流表A2测干路电流，根据并联电路的电流特点结合两电流表指针所指位置相同可知两电流表的量程，根据指针位置相同时大量程示数是小量程示数的5倍可知两者的大小关系，根据并联电路的电流关系可知两电阻中电流的关系，根据并联电路的分流特点可知两电阻的关系，再根据欧姆定律求出两电阻的电压关系.
13．新的国家标准对延长线插座配用电缆的导线横截面积要求进行了修改，额定电流16A 的延长线插座，导线最小标称横截面积由1mm2提升到 1.5mm2.增大导线横截面积的目的是（）
A. 增大导线的电阻
B. 减小通过导线的电流
C. 增大导线的电压
D. 减小导线发热的功率
【答案】D
【解析】【解答】A．减小导线的电阻，A不符合题意；
B．由I= 知当U一定时R越小I越小，B不符合题意；
C．由I= 的变形式U=IR知当I一定时R越小U越小，C不符合题意；
D．根据P=I2R知当I一定时R越小P越小，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】A、影响导体电阻大小的因素：材料、长度、横截面及温度，当材料、长度、温
度不变时横截面越大电阻越小；B、根据I= 分析判断；C、根据I= 的变形式U=IR分析判断；D、根据P=I2R分析判断。

14．甲、乙两个小灯泡上分别标有“6V 3W”和“4V 2W”字样，现在把它们按不同方式接在不同电路中（不考虑灯丝电阻的变化），下列判断错误的是（）
A. 若把它们并联在4V电路中，乙灯正常发光
B. 若把它们并联在4V电路中，甲灯比乙灯亮
C. 若把它们串联在10V电路中，两灯都可以正常发光
D. 若把它们串联在10V电路中，甲灯比乙灯亮
【答案】 B
【解析】【解答】解：由P＝UI可得，两灯泡的额定电流分别为：
I甲＝＝＝0.5A，I乙＝＝＝0.5A，
由I＝可得，两灯泡的电阻分别为：
R甲＝＝＝12Ω，R乙＝＝＝8Ω。

AB、两灯泡并联在4V电路中时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且额定电压下灯泡正常发光，
所以，只有乙灯泡能正常发光，其实际功率为P乙实＝P乙＝2W；
甲灯泡不能正常发光，其实际功率为P甲实＝＝≈1.33W＜P乙实，
所以乙灯比甲灯亮，A不符合题意，B错误，符合题意；
CD、两灯泡串联在10V电路时，
两灯的总电阻为R＝R甲+R乙＝12Ω+8Ω＝20Ω，
此时电路中的电流为I串＝＝＝0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，且此时的电流与两灯泡的额定电流相等，
所以，两灯泡可以同时正常发光；
此时两灯实际功率都等于各自的额定功率，因为P甲＞P乙（即3W＞2W），所以甲灯较亮，C、D不符合题意。

故答案为：B。

【分析】结合小灯泡的铭牌，根据P=UI是求出额定电流，根据I＝求出两灯泡的电阻；两灯泡并联时它们两端的电压相等，两灯泡两端的电压和额定电压相等时正常发光，否则不能正常发光；两灯泡串联时通过它们的电流相等，且两灯泡的额定电流相等，实际电流等于额定电流时才能正常发光.
15．如图所示电路中，当滑片P向右滑动时（）
A. 电压表示数增大，灯泡变暗
B. 电压表示数增大，灯泡变亮
C. 电压表示数减小，灯泡变暗
D. 电流表示数增大，灯泡变亮
【答案】 A
【解析】【解答】由图可知，滑动变阻器与灯泡是串联，电压表测量的是滑动变阻器两端电压，电流表测量的是整个电路中的电流，
当滑片向右滑动时，滑动变阻器的电阻变大，则电路的总电阻变大，
又知：电源电压保持不变，
∴根据欧姆定律I= 可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；
又∵灯泡的阻值不变，
∴根据U灯=IR灯可知灯泡两端电压变小；
又∵灯泡的电阻不变，电流变小，
由公式P灯=I2R灯可知：灯泡的实际功率变小，
∴灯泡变暗；
又∵U滑=U﹣U灯，
∴可判断U滑变大．
故答案为：A。

【分析】本题考查学生对利用欧姆定律和串并联规律来解决电学题的能力。

（1）会分析电路是串联还是并联。

（2）利用串并联规律，找到每个用电器的电流，电压，电阻等物理量。

（3）利用公式求解。

16．在如图所示的电路中，电源电压为4.5V保持不变，电压表量程0～3V，电流表量程0﹣0.6A，滑动变阻器R的规格是“10Ω 1A”，灯泡L标有“2.5V 0.5A”字样，若闭合开关S，两电表示数均不超过所选的量程，灯泡两端电压不允许超过额定电压，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法正确的是（）
A. 电流表的示数变化范围0.3A～0.6A
B. 灯泡消耗的最小功率为0.9W
C. 电路消耗的最大总功率为2.7W
D. 滑动变阻器允许调节的阻值范围是4Ω～10Ω
【答案】 D
【解析】【解答】灯泡和滑动变阻器是并联的，电流表测量整个电路电流，电压表测量灯泡的电压。

灯泡电阻：R L5Ω
当滑动变阻器向左移动时，电路中最大电流为0.5A，因为要照顾元件中最小的电流值，否则会烧坏最小电流的用电器。

①当滑动变阻器电阻最小时，
电流表示数：0.5A（照顾元件中最小的电流值）
电压表示数为：2.5V（当电流为0.5A时，灯泡正常工作，电压表测量灯泡电压，故电压表示数为2.5V）
此时滑动变阻器电阻：R 4Ω
②当滑动变阻器电阻最大时，
电路电流最小电流表不会被烧坏，电压表示数也变小也不会被烧坏，所以滑动变阻器可以
取最大值10Ω
电路电流为：I总 0.3A
电压表示数为：U'L＝I总R L＝0.3A×5Ω＝1.5V
滑动变阻器可以取最大值：10Ω。

③综合上面的①②得，
A、电流表的示数变化范围0.3A～0.5A，A不符合题意。

B、灯泡的最小电流为0.3A，最小电压是1.5V，灯泡消耗的最小功率：P'＝UI总＝1.5V×0.3A ＝0.45W，B不符合题意。

C、电源电压是4.5V，最大电流是0.5A，电路最大功率：P＝UI＝4.5V×0.5A＝2.25W．C不符合题意。

D、滑动变阻器的电阻变化范围是4Ω﹣﹣10Ω，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】结合电路图，理清依据的连接方式及电表的测量对象，利用欧姆定律求得灯泡的电阻；当滑动变阻器向左移动到最小值时，电路在电阻最小时，电流最大，最大电流不能超过各元件中最小的电流值，此时计算电流表、电压表和的变阻器的阻值；当滑动变阻器向右移动到最大值时，电路在电阻最大，电流最小，此时计算电流表、电压表和的变阻器的阻值.
17．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关后，两灯都能正常工作，灯L1，L2的电阻之比为R1：R2=1：2，此时甲、乙两电表的示数之比为（）
A. 2：1
B. 1：2
C. 3：2
D. 2：3
【答案】D
【解析】【解答】解：乙表与电源两端连接，所以乙是电压表，甲如果是电流表，S闭合时，灯L2短路，与题意不符，故甲也是电压表，甲表测L2的电压，乙表测电源电压，两灯
串联，＝，根据分压原理可知，根据串联电路总电压等于各用电器两端的电压之和可得，
甲、乙两电表的示数之比为．
故答案为：D。

【分析】乙表与电源连接，故为电压表，甲表不能是电流表，故两表都为电压表，甲表测L2的电压，乙表测电源电压，两灯串联，根据分压原理和串联电路电压的规律得出答案.。