2021-2022学年安徽省滁州市浮山中学高二物理联考试卷带解析

2021-2022学年安徽省滁州市浮山中学高二物理联考试卷含解
析
一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意
1. 如图所示，一小滑块沿足够长的斜面以初速度v向上做匀变速运动，依次经A、B、C、D到达最高点E．已知AB=BD=6m，BC=1m，滑块从A到C和从C到D所用的时间都是2s．设滑块经过B、C 时的速度分别为v B、v C，则（）
A．v C=6m/s B．v B=m/s
C．从D到E所用时间为4s D．DE=3m
参考答案：
C
【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．
【分析】本题的突破口是AB=BD=6m，BC=1m，小球从A到C的时间是2s，从A到D的时间是
4s，根据x=v0t+即可求出v0和a；再根据速度公式v t=v0+at求出v c和v D，然后根据v t=v0+at求出从D到E的时间，最后根据v t2﹣v02=2ax求出DE的距离
【解答】解：A、物体在a点时的速度大小为v0，加速度为a，
则从A到C有：x AC=v0t1+
物体从A到D有：x AD=v0t2+
解得a=﹣0.5m/s2；v0=4m/s
根据速度公式v t=v0+at可得：v C=3m/s，故A错误；
B、从A到B有：v B2﹣v A2=2ax AB
解得：v B=，故B错误；
C、v t=v0+at可得从D到E的时间为：t DE==4s，故C正确；
D、根据速度公式v t=v0+at可得：v D=v0+at2=2m/s
则从D到E有：﹣v D2=2ax DE 则：x DE==4m，故D错误；
故选：C．
2. 如图所示，R 1为定值电阻，R 2为负温度系数的热敏电阻（负温度系数热敏电阻是指阻值随温度的升高而减小的热敏电阻），L为小灯泡，当温度降低
时
A．R1两端的电压增大
B．小灯泡的亮度变强
C．电流表的示数增大
D．通过R 2的电流减小
参考答案：
BD
3. 关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是
A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷
B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移
C．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移
D．以上说法均不正确
参考答案：
C
4. （单选题）如图1所示，A、B是一条磁感线上的两点，下列关于这两点的磁场强弱说法正确的是：
A．A点磁场比B点磁场强
B．A点磁场比B点磁场弱
C．A点磁场与B点磁场强弱一样
D．条件不足，无法判断
参考答案：
D
5. 在加速上升的电梯中，下列说法正确的是（）
A．电梯中的人处于失重状态
B．电梯中的人不受重力作用
C．电梯中的人处于超重状态
D．电梯中的人不会出现超重或失重现象
参考答案：
C
解：ACD、在加速上升的电梯中，人的加速度方向向上，处于超重状态，故A错误，C正确，D错误B、处于失重状态和超重状态下，物体的重力不变，故B错误
故选：C．
二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分
6. （4分）原子从a能级状态跃迁到b能级状态时发射波长为λ1的光子；原子从b能级状态跃迁到c能级状态时吸收波长为λ2的光子，已知λ1>λ2．那么原子从a能级状态跃迁到c
能级状态时将要________（填“吸收”或“辐射”）波长为_________的光子。

参考答案：
吸收；
7. 有一只灵敏电流表的满偏电流Ig＝500μA，内阻Rg＝1000Ω，
（１）若把它改装成量程为1mA的毫安表，应（串联或并联）Ω的电阻；
（２）若将这只灵敏电流表改装为量程10V的电压表，应（串联或并联）Ω的电阻
参考答案：
8. 某同学做“用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻”实验，根据实验数据得
到如右图所示的U-I图线。

由图可知，该电源电动势为________V；该电源的内电阻为
________Ω；图线上P点对应的电路外电阻为________Ω。

参考答案：
9. 在彩色电视机的显像管中，从电子枪射出的电子在加速电压U作用下被加速，且形成电流为I的平均电流，若打在荧光屏上的高速电子全部被荧光屏吸收。

设电子质量为m，电量为e，进入加速电场之前的初速不计，则t秒内打在荧光屏上的电子数为。

参考答案：
It/e
10. 某电铃正常工作时的电压是6V，电阻是10，现手边有一电压是15V的电源，要使电铃正常工作应将这个电铃与_________欧的电阻______联后接到这个电源上。

参考答案：
___15__________，_________串__
11. 请你根据漫画“洞有多深”提供的情境，回答下列问题：
（1）他们依据什么规律估算洞的深度?______________________（只要求写出相应的物理公式）
（2）请你对该方法进行评估，写出该方法的优点和缺点．（各写一条即可）
优点：________________________________ _。

缺点：________________________________ _。

参考答案：
（2）该方法的优点：（任意一点都可以）
①所使用的仪器设备简单；②测量方法简捷；③运算简便。

该方法的不足：（任意一点都可以）
①测量方法粗略，误差较大；②石块下落有空气阻力，会造成一定的误差；③未考虑声音传播需要的时间.
12. 如图所示，质量为m的物体置于水平地面上，受到一个与水平面方向成角的拉力F作用，恰好作匀速直线运动，则物体与水平面间的摩擦系数为：
A．Fcosα/（mg-Fsinα）
B．Fsinα/（mg-Fsinα）
C．（mg-Fsinα）/Fcosα
D．Fcosα/mg
参考答案：
A
13. 用欧姆表测电阻时，红表笔接a端，黑表笔接b端，则端电势高；当用多用电表测导体两端电压时，表笔应接电势高的一端；用欧姆表测二极管的电阻，先用红表笔接二极管的a端，黑表笔接b端，反接后电阻明显变大，则端为二极管的正极。

参考答案：
b，红，b
三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分
14. 为了测量电流表A的内阻(量程为2.5mA，内阻约20Ω)，实验室可以提供的器材有：电阻箱R1（阻值范围为0～9999 Ω）
电阻箱R2（阻值范围为0~99.9 Ω）
滑动变阻器R3（最大阻值约为100 Ω，额定电流为1.5 A）
电源E1的电动势为6 V，内阻约为0.5Ω。

电源E2的电动势为15V，内阻约为1Ω。

单刀单掷开关S1、S2和导线若干。

请从上述器材中选择必要的器材，设计一个测量电流表A的内阻的实验电路，在方框中画出电路原理图(电路原理图中的元件要用题中相应的英文字母标注)，要求测量尽量准确。

参考答案：
15. （6分）一位同学用单摆做测量重力加速度的实验。

他将摆挂起后，进行了如下步骤：
A.测摆长l：用米尺量出摆线的长度。

B.测周期T：将摆球拉起，然后放开．在摆球某次通过最低点时，按下秒表开始计时，同时将此次通过最低点作为第一次，接着一直数到摆球第60次通过最低点时，按秒表停止计
时．读出这段时间，算出单摆的周期
C.将所测得的L和T代入单摆的周期公式，算出g，将它作为实验的最后结果写入报告中去．
上面步骤中均的遗漏或错误的地方，请填写改正后的内容 (不要求进行误差计算)．
A________________________________，B________________________________，
C_____________________________。

参考答案：
A：应测量摆球的直径，B：周期计算，C：应测量多次求平均值
四、计算题：本题共3小题，共计47分
16. 如图所示，一轻质弹簧两端连接着物体A和物体B，放在光滑的水平面上，水平速度为v0的子弹射中物体A并嵌在其中，已知物体B的质量为m B，物体A的质量是物体B的质量的，子弹的质量是物体B的质量的，求弹簧被压缩到最短时的弹性势能．
参考答案：
解：子弹击中A过程系统动量守恒，以子弹的初速度方向为正方向，
设B的质量为m，由动量守恒定律得：mv0=（m+m）v A，解得：v A=v0，
对子弹、滑块A、B和弹簧组成的系统，A、B速度相等时弹簧被压缩到最短．
以子弹的初速度方向为正方向，由动量守恒定律可得：
0.25mv0=（0.25m+0.75m+m）v，
由此解得：v=v0；
由能量守恒定律得：（m+m）v A2=（m+m+m）v2+E P，
解得：E P=mv02；
答：弹簧被压缩到最短时的弹性势能为：mv02．
17. 气球以10m/s的速度匀速上升，当它上升到离地面40m高处，从气球上落下一个物体．不计空气阻力，求（1）物体落到地面需要的时间；（2）落到地面时速度的大小．（g=10m/s2）．
参考答案：
解：（1）设向上为正方向，则初速度v0=10m/s，g=﹣10m/s2，物体的位移S=﹣40m，
由位移公式S=V0t+at2得物体落到地面需要的时间
t=4S．
（2）根据﹣=2aS可得
物体落到地面时速度大小为
v t=30m/s．
【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．
【分析】本题考查匀变速直线运动的规律，由于已知初速度，加速度，位移，故可以利用位移公式
S=V0t+at2求运动时间t，可以利用速度﹣位移的关系式﹣=2aS求解落地速度．
18. 如图所示，一个质量m＝40g，带电量q＝-3×10－6C的半径极小的小球，用绝缘丝线悬挂在水平方向的匀强电场中．当小球静止时，测得悬线与竖直方向成37°夹角．已知重力加速度g=10m/s2，求：
（1）电场强度的大小和方向？
（2）此时细线的拉力大小？
参考答案：
（1）E=1×105v/m 场强方向水平向左（2）F=0.5N
详解】解：由“小球静止”知小球受力平衡，对小球受力分析如图所示，
根据三力平衡规律，可得：F=mgtanθ=0.04×10×0.75N=0.3N；==0.5N
根据电场力F=Eq 得：==-1×105v/m；
则：电场强度的大小为：1×105v/m；场强方向为：水平向左；。