江西万载二中2017届高三一轮总复习人教版化学必修二第三章有机化合物能力提升检测试卷

江西万载二中2017届高三一轮总复习人教版化学必修二第三章有机化合物能力提升检测试卷第I卷选择题一、选择题（每小题4分，共48分）。

1、苹果酸的结构简式为，下列说法正确的是（）A．苹果酸中能发生酯化反应的官能团有2种B．1mol苹果酸可与3mol NaOH发生中和反应C．1mol苹果酸与足量金属Na反应生成1mol H2D ．与苹果酸互为同分异构体2、莽草酸结构简式如图．下列说法错误的是（）A．该物质分子式为C7H10 O5B．该物质与乙酸互为同系物C．该物质能与乙醇发生酯化反应D．1mol该物质与Na反应时，最多消耗Na 4mol3、1mol某烃在氧气中充分燃烧，需要消耗氧气246.4L（标准状况下）．它在光照的条件下与氯气反应能生成四种不同的一氯取代物．该烃的结构简式是（）A ． B．CH3CH2CH2CH2CH3C ．D ．4、下表中对应关系正确的是（）CH5、咖啡酸（如图），存在于许多中药，如野胡萝卜、光叶水苏、荞麦等中．咖啡酸有止血作用．下列关于咖啡酸的说法不正确的是（）A．咖啡酸的分子式为C9H 8 O4B．1mol咖啡酸可以和含4molBr2的浓溴水反应C．1mol咖啡酸可以和3molNaOH反应D．可以用高锰酸钾检验出咖啡酸分子中含有碳碳双键6、中国科学家屠呦呦因创制了具有国际影响的新型抗疟药﹣﹣青蒿素和双氢青蒿素，获得2015年诺贝尔生理学或医学奖．青蒿素的结构如图所示，下列关于青蒿素的说法错误的是( )A．分子中含有3种官能团B．易溶于苯，难溶于水C．可与NaOH溶液发生水解反应D．其同分异构体不可能有芳香族化合物7、科学研究发现，具有高度对称性的有机分子具有致密性高，稳定性强，张力能大等特点，因此这些分子成为2014年化学界关注的热点，下面是几种常见高度对称烷烃的分子碳架结构这三种烷烃的二氯取代产物的同分异构体数目是（）A ．2种 4种 8种B ．2种 4种 6种C ．1种 3种 6种D ．1种 3种 8种8、两种气态烃的混合物，完全燃烧后生成CO 2的物质的量小于生成H 2O 的物质的量，则这两种烃的组合不可能是（ ） A ．CH 4和C 2H 2 B ．CH 4和C 2H 4 C ．C 2H 6和C 2H 2 D ．C 2H 4和C 2H 2 9、下列说法正确的是（ ）A ．乳酸薄荷醇酯（）仅能发生水解、氧化、消去反应B ．乙醛和丙烯醛（）不是同系物，它们与氢气充分反应后的产物也不是同系物C ．淀粉和纤维素在酸催化下完全水解后的产物都是葡萄糖D ．四联苯（）的一氯代物有4种10、下列各对物质中，互为同系物的是（ ）A ．CH 3﹣CH=CH 2和B ．CH 3CH 2CHBrCH 2Br 和CH 3CHBrCH 2BrC ．苯与溴苯D ．CH 2=CH ﹣CH=CH 2和CH 3﹣CH 2﹣CH 2﹣C ≡CH11、用30g 乙酸与46g 乙醇反应，如果实际产率是理论产率的67%，则可得到的乙酸乙酯的质量是（ ） A ．29.5g B ．44g C ．74.8g D ．88g12、下列关于有机化合物的说法正确的是（）A．乙酸和乙酸乙酯可用Na2CO3溶液加以区别B．戊烷（C5H12）有两种同分异构体C．乙烯、聚氯乙烯和苯分子中均含有碳碳双键D．糖类、油脂和蛋白质均可发生水解反应第II卷非选择题二、非选择题（共52分）13、为探究苯与溴的取代反应，甲用如图装置Ⅰ进行如下实验：将一定量的苯和溴放在烧瓶中，同时加入少量铁屑，3～5min后发现滴有AgNO3的锥形瓶中有浅黄色的沉淀生成，即证明苯与溴发生了取代反应．（1）装置I中①的化学方程式为，．②中离子方程式为．（2）①中长导管的作用是．（3）烧瓶中生成的红褐色油状液滴的成分是，要想得到纯净的产物，可用试剂洗涤．洗涤后分离粗产品应使用的仪器是．（4）乙同学设计如图所示装置Ⅱ，并用下列某些试剂完成该实验．可选用的试剂是：苯；液溴；浓硫酸；氢氧化钠溶液；硝酸银溶液；四氯化碳．a的作用是．b中的试剂是．比较两套装置，装置Ⅱ的主要优点是．14、某学习小组同学查阅资料知：用无水醋酸钠与碱石灰混合加热可制得甲烷。

该小组同学欲利用下图装置（盛放B处排出液体的装置省略）完成甲烷与氯气的反应，并验证有HC1生成。

回答下列问题：(1)装置A中的反应可表示为：CH3COONa+ NaOH CH4+X（已配平），则X的成分是（写化学式）；装置D中发生反应的离子方程式为。

(2)装置B的作用是收集CH4和Cl2并使二者大约按体积比1：1混合，然后在光照条件下发生反应。

①装置B有一处需要改进，请写出改进的措施。

②判断进入装置B中两气体体积比大约是1：1的简单方法为。

③装置B中的试剂最好是____。

(3)装置C的作用是____。

(4)装置B中发生主要反应的化学方程式为，光照可引发该反应，引发反应时应注意的事项是；反应结束时集气瓶内壁有油状液滴出现，该液滴的成分是（写化学式）____ 。

(5)设计一种对照实验方案，验证装置B中的反应有HC1生成。

15、草酸二乙酯可用于苯巴比妥等药物的中间体，实验室以草酸（HOOC﹣COOH）和乙醇为原料制备草酸二乙酯的实验步骤如下：步骤1：在如图所示装置中，加入无水草酸45g，无水乙醇81g，苯200mL，浓硫酸10mL，搅拌下加热于68～70℃回流共沸脱水．步骤2：待水基本蒸完后，分离出乙醇和苯．步骤3：所得混合液冷却后依次用C水、饱和碳酸氢钠溶液洗涤，再用无水硫酸钠干燥．步骤4：常压蒸馏，收集182～184℃的馏分，得草酸二乙酯57g．（1）步骤1中发生反应的化学方程式是，反应过程中冷凝水应从端（选填“a”或“b”）进入．（2）步骤2操作为．（3）步骤3用饱和碳酸氢钠溶液洗涤的目的是．（4）步骤4出抽气减压装置外所用玻璃仪器有蒸馏烧瓶、冷凝管、接液管、锥形瓶和．（5）本实验中，草酸二乙酯的产率为．16、如图，在左试管中先加入3mL的乙醇，并在摇动下缓缓加入2mL浓硫酸，再加入2mL乙酸，充分摇匀．在右试管中加入5mL饱和Na2CO3溶液．按图连接好装置，用酒精灯缓慢加热．（1）写出左试管中主要反应的方程式；（2）加入浓硫酸的作用：；；（3）饱和Na2CO3的作用是：；；．（4）反应开始时用酒精灯对左试管小火加热的原因是：；；（已知乙酸乙酯的沸点为77℃；乙醇的沸点为78.5℃；乙酸的沸点为117.9℃）（5）分离右试管中所得乙酸乙酯和Na2CO3溶液的操作为（只填名称）_，所需主要仪器_ ．（6）实验生成的乙酸乙酯，其密度比水．17、某同学进行淀粉水解实验．其程序如下：在淀粉溶液中加入A的稀溶液后加热一段时间，取少量所得混合物，先加入B的稀溶液后再加入C的悬浊液，加热可得砖红色沉淀．（1）各步加入的试剂的化学式：A ，B ，C ．（2）加入A溶液而不加入B溶液是否可以，其理由是（3）如何验证淀粉是否水解完全．参考答案1.【答案】A【解析】解：A．该分子中含有羧基和醇羟基，所以能发生酯化反应的官能团有羧基和醇羟基，所以苹果酸中能发生酯化反应的官能团有2种，故A正确；B.1mol苹果酸中含有2mol羧基，所以1mol苹果酸可与2molNaOH发生中和反应，故B错误；C．能和Na反应是有羧基和醇羟基，1mol苹果酸与足量金属Na反应生成1.5molH2，故C错误；D．与苹果酸是同一种物质，故D错误；故选A．2.【答案】B【解析】解：A．由结构简式可知该有机物的分子式为C7H10O5，故A正确；B．有机物含有碳碳双键和多个羟基，与乙酸结构不同，不是同系物，故B错误；C．含有羧基，可与乙醇发生酯化反应，故C正确；D．含有3个羟基、1个羧基，都可与钠反应生成氢气，则1mol该物质与Na反应时，最多消耗Na 4mol，故D正确．故选B．3.【答案】A【解析】解：该饱和烷烃在光照的条件下与氯气反应能生成4种不同的一氯取代物，说明该饱和烷烃中含有4种类型的氢原子；氧气的物质的量==11mol，设该饱和烷烃的通式为Cx H2x+2，1mol某饱和烷烃在氧气中充分燃烧，需要消耗氧气的物质的量=（x+）mol=11mol，x=7，所以该饱和烷烃是庚烷且含有4种类型的氢原子，故选A．4.【答案】B【解析】解：A．CH2=CH2+HCl→CH3CH2Cl为烯烃的加成反应，而CH3CH3+Cl2CH3CH2Cl+HCl为烷烃的取代反应，故A错误；B．油脂为高级脂肪酸甘油酯，水解生成甘油；淀粉为多糖，水解最终产物为葡萄糖，则均可发生水解反应，故B正确；C．Cl2+2Br﹣═2Cl﹣+Br2中Cl元素的化合价降低；Zn+Cu2+═Zn2++Cu中Zn元素的化合价升高，前者单质被还原，后置单质被氧化，均属于置换反应，故C错误；D.2Na2O2+2H2O═4NaOH+O2↑中只有过氧化钠中O元素的化合价变化，水既不是氧化剂也不是还原剂；Cl2+H2O═HCl+HClO中只有Cl元素的化合价变化，均属于氧化还原反应，但水既不是氧化剂也不是还原剂，故D错误；故选B．5.【答案】D【解析】解：A．由结构简式可知有机物分子式为C9H8O4，故A正确；B．含有酚羟基，邻、对位H原子可被取代，含有碳碳双键，可与溴水发生加成反应，则1mol咖啡酸可以和含4molBr2的浓溴水反应，故B正确；C．含有2个酚羟基和1个羧基，都可与氢氧化钠反应，故C正确；D．酚羟基可被酸性高锰酸钾氧化，不能鉴别碳碳双键，故D错误．故选D．6.【答案】D【解析】解：A．由结构简式可知有机物含有过氧键、醚基以及酯基，故A正确；B．有机物含有酯基，不溶于水，易溶于有机物，故B正确；C．含有酯基，可发生水解反应，故C正确；D．有机物含有5个环，1个C=O键，不饱和度为6，可能含有苯环，故D错误．故选D．7.【答案】C【解析】解：正面体中含有1种氢原子，一氯代物有1种，二氯代物只有1种：两个氯原子在立方体同边有一种情况；立方烷中含有1种氢原子，一氯代物有1种，二氯代物有3种：两个氯原子在立方体同边有一种情况，两个氯原子的位置在对角有两种情况；金刚烷的结构可看作是由四个等同的六元环组成的空间构型，分子中含4个﹣CH ﹣，6个﹣CH2，分子中含有2氢原子，所以该物质的一氯代物有2种，当次甲基有一个氯原子取代后，二氯代物有3种，当亚甲基有一个氯原子取代后，二氯代物有3种，共6种；故选C．8.【答案】D【解析】解：两种气态烃的混合物，完全燃烧后生成CO2的物质的量小于生成H2O的物质的量，根据原子守恒可知，烃平均组成中C、H原子数目之比小于1：2，A．CH4和C2H2混合，平均组成中C、H原子数目之比介于1：4与1：1之间，可能小于1：2，故A正确；B．CH4和C2H4混合，平均组成中C、H原子数目之比介于1：4与1：2之间，可能小于1：2，故B正确；C．C2H6和C2H2混合，平均组成中C、H原子数目之比介于1：3与1：1之间，可能小于1：2，故C正确；D．C2H4和C2H2混合，平均组成中C、H原子数目之比介于1：2与1：1之间，不可能小于1：2，故D错误，故选D．9.【答案】C【解析】解：A．乳酸薄荷醇酯（）中含有酯基、羟基，能够发生水解、氧化、消去反应，还能够发生取代反应（H氢原子被卤素原子取代），故A错误；B．乙醛和丙烯醛（）的结构不同，所以二者一定不是同系物；它们与氢气充分反应后分别生成乙醇和丙醇，所以与氢气加成的产物属于同系物，故B 错误；C．淀粉和纤维素都是多糖，二者在酸催化下完全水解后的产物都是葡萄糖，故C正确；D．中，根据上下对称、左右对称可知，四联苯的等效氢原子有5种，因此四联苯的一氯代物的种类为5种，故D错误；故选C．10.【答案】B【解析】解：A．两种物质结构不相似，不是同系物，故A错误；B．两者结构相似，含有官能团的个数相等，属于同系物，故B正确；C．苯是烃，溴苯是苯的衍生物，二者结构不相似，含有官能团也不相同，属于不同的物质，故C错误；D．前者为二烯烃，后者为炔烃，不是同系物，故D错误，故选B．11.【答案】A【解析】解：30g乙酸的物质的量为=0.5mol，46g乙醇的物质的量为=1mol，反应的方程式为CH3COOH+CH3CH2OH CH3COOCH2CH3+H2O，由此可知乙醇过量，则CH3COOH+CH3CH2OH CH3COOCH2CH3+H2O1mol 1mol 1mol 0.5mol×67% nn=0.5mol×67%=0.335molm （CH 3COOCH 2CH 3）=0.335mol×88g/mol=29.5g， 故选A ． 12.【答案】A【解析】解：A ．乙酸可与碳酸钠反应，乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，二者现象不同，可鉴别，故A 正确；B ．戊烷有正戊烷、异戊烷、新戊烷3种同分异构体，故B 错误；C ．聚乙烯和苯分子中不含碳碳双键，故C 错误；D ．糖中的单糖不能发生水解，故D 错误． 故选A ．13.【答案】（1）2Fe+3Br 2═2FeBr 3，；Br ﹣+Ag +═AgBr↓； （2）导气，冷凝回流； （3）与Br 2；NaOH 溶液（或水）；分液漏斗；（4）防止倒吸；CCl 4或；可以控制反应进行；避免杂质干扰；防止污染空气．【解析】解：（1）因溴与铁反应生成溴化铁：2Fe+3Br 2 ═2FeBr 3，苯和液溴在溴化铁的催化作用下生成溴苯和溴化氢：C 6H 6+Br 2 C 6H 5Br+HBr ；②中反应的离子方程式为Br ﹣+Ag +═AgBr↓， 故答案为：2Fe+3Br 2═2FeBr 3，；Br ﹣+Ag +═AgBr↓； （2）反应为放热反应，长导管让挥发出来的溴单质冷凝，防止对产物的干扰，即长导管的作用为导气，冷凝回流，故答案为：导气，冷凝回流；（3）反应生成的硝基苯和溴互溶呈红褐色油状液滴，可用NaOH 溶液试剂洗涤，让反应生成溶于水的物质，再进行分液， 故答案为与Br 2；NaOH 溶液（或水）；分液漏斗；（4）从图上信息可知，支管是短进短出a的作用是防止倒吸安全装置；B中要除去Br，试剂为苯或四氯化碳，该装置的优点是：可以控制反应进行；避免杂2或；可以控制反应进质干扰；防止污染空气，故答案为：防止倒吸；CCl4行；避免杂质干扰；防止污染空气．14.【答案】【解析】15.【答案】（1）；a；（2）蒸馏；（3）除去草酸、硫酸等酸性物质；（4）温度计、酒精灯；（5）78%．【解析】（1）加入无水草酸45g，无水乙醇81g，苯200mL，浓硫酸10mL，搅拌下加热于68～70℃回流共沸脱水，1分子草酸（HOOC﹣COOH）与2分子乙醇反应生成草酸二乙酯，化学方程式为；反应过程中冷凝水，为充分冷凝，应从下端a进水，上端b出水；故答案为：；a；（2）乙醇和苯互溶，根据沸点不同，用蒸馏的方法分离；故答案为：蒸馏；（3）步骤3用饱和碳酸氢钠溶液，可以吸收草酸、硫酸等酸性物质；故答案为：除去草酸、硫酸等酸性物质；（4）根据如图所示装置，常压蒸馏，收集182～184℃的馏分，需要用酒精灯加热，需要温度计测定蒸汽的温度；故答案为：温度计、酒精灯；（5）根据反应90 92 14645g 73g，则本实验中，草酸二乙酯的产率为：×100%=78%；故答案为：78%．16.【答案】（1）CH3COOH+CH3CH2OH CH3COOCH2CH3+H2O；（2）催化剂、吸水剂；（3）除去乙酸，吸收乙醇，降低乙酸乙酯的溶解度，便于分层；（4）加快反应速率，同时防止反应物为来得及反应而挥发损失；（5）分液；分液漏斗；（6）小．【解析】（1）装置中发生的反应是醋酸和乙醇在浓硫酸催化作用下发生酯化反应，生成乙酸乙酯和水，反应的化学方程式为：CH3COOH+CH3CH2OH CH3COOCH2CH3+H2O；故答案为：CH3COOH+CH3CH2OH CH3COOCH2CH3+H2O；（2）浓硫酸有吸水性，促进该反应向正反应方向移动，浓硫酸能加快反应速率，所以浓硫酸作催化剂；故答案为：催化剂、吸水剂；（3）碳酸钠溶液中的水溶解乙醇，能跟乙酸反应吸收乙酸，便于闻到乙酸乙酯的香味，降低乙酸乙酯的溶解度，使乙酸乙酯难溶于饱和碳酸钠溶液，便于分层；故答案为：除去乙酸，吸收乙醇，降低乙酸乙酯的溶解度，便于分层；（4）本实验反应开始时用小火加热，目的是加快反应速率，同时由于反应物乙酸、乙醇沸点较低，小火加热防止反应物为来得及反应而挥发损失，故答案为：加快反应速率，同时防止反应物为来得及反应而挥发损失；（5）乙酸乙酯的密度比水的小，制得的乙酸乙酯与碳酸钠溶液分层，且处于碳酸钠溶液的上面，因此分离的方法为分液，所用仪器为分液漏斗；故答案为：分液；分液漏斗；（6）在饱和碳酸钠上层产生有特殊香味的无色液体为乙酸乙酯，故密度小于水，故答案为：小．17.【答案】（1）H2SO4；NaOH；Cu（OH）2；（2）否；葡萄糖和新制氢氧化铜的反应应该在碱性条件下进行；（3）加入碘水，看是否变蓝，若变蓝说明部分水解，若不变蓝说明水解完全．【解析】（1）淀粉需要在稀硫酸作催化剂条件下发生水解反应，所以A为H2SO4；得到的砖红色沉淀为氧化亚铜，说明试剂C为Cu（OH）2混悬液，葡萄糖和新制氢氧化铜的反应应该在碱性条件下进行，所以加入氢氧化铜悬浊液前需要用NaOH溶液中和，则B为NaOH，故答案为：H2SO4；NaOH；Cu（OH）2；（2）由于葡萄糖和新制氢氧化铜的反应应该在碱性条件下进行，所以加入氢氧化铜悬浊液前必须加入NaOH溶液中和，故答案为：否；葡萄糖和新制氢氧化铜的反应应该在碱性条件下进行；（3）淀粉遇到碘单质显示蓝色，所以向溶液中加入碘水，若变蓝说明淀粉没有完全水解，若不变蓝说明淀粉已经完全水解，故答案为：加入碘水，看是否变蓝，若变蓝说明部分水解，若不变蓝说明水解完全．。