2015届山东省淄博市高三摸底考试-物理试题

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山东省淄博市2015届高三3月第一次模拟考试理综试题及答案

淄博市2015届高三3月第一次模拟考试理科综合本试卷分第I卷和第II卷两部分，共15页。

满分300分。

考试用时150分钟。

答题前务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、座号、考生号、区县和科类填写在试卷和答题卡规定的位置。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第I卷(必做，共107分)注意事项：1．第I卷共20题。

2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。

以下数据可供答题时参考：相对原子质量：O 16 Al 27 S 32 Fe 56 Cu 64一、选择题(共13小题，每小题5分，共65分。

每小题只有一个选项符合题意。

)1．下列有关真核细胞结构与功能的叙述，正确的是A．胰腺细胞内，核酸合成的主要场所是细胞核B．叶肉细胞内，氧气的产生发生在叶绿体内膜上C．有丝分裂中期，染色体DNA能够发生转录D．破坏浆细胞中的高尔基体后，免疫水平不变2．下列关于细胞生命历程的说法，正确的是A．细胞凋亡过程中，与之相关的基因表达水平下降B．诱导癌细胞的正常分化是癌症治疗的一种策略C．衰老细胞的形成是细胞畸形分化的结果D．造血干细胞分化成血细胞体现了细胞的全能性3．下列相关实验的描述，错误的是A．低温和秋水仙素诱导多倍体形成的原理相同B．观察花生子叶细胞中的脂肪颗粒需借助显微镜C．处于质壁分离状态的细胞可能正在失水或吸水D．探究温度对酶活性的影响，可选用H2O2做底物4．关于右图(中心法则)的叙述，错误的是A中心法则主要包括复制、转录和翻译过程B．图中虚线所示过程普遍发生在细胞生物中C．过程②、③的原料、模板和聚合酶不同D．形成的某些蛋白质可以影响①~⑥过程5．人类眼球震颤症为单基因显性遗传病，轻者(Aa)眼球稍微能转动，重者(AA)不能转动。

下图是某家族的遗传系谱图，下列分析错误的是A．可推定致病基因位于X染色体上B．可推定此病患者女性多于男性C．可推定眼球微动患者多为女性D．3和4婚配，后代患病的概率为1／26．下图甲和乙分别表示反射弧结构和内环境稳态调节机制，下列分析错误的是A．图甲中的兴奋传导方向依次为A、C、B、D、EB．图甲中B处，兴奋由电信号→化学信号→电信号C．图乙中三大系统产生的信号分子进入内环境后只被本系统细胞、器官识别D．免疫系统释放的信号分子主要包括抗体、淋巴因子、溶菌酶等免疫活性物质7．化学与生产生活、环境保护密切相关。

2015高考二模山东省淄博市2015届高三第二次模拟考试理综物理试题扫描版含答案

山东省淄博市2015届高三第二次模拟考试理综物理试题扫描版2015年高三物理参考答案及评分标准 2015-05-0614.B 15.AD 16.BD 17.C 18.D 19.AC 20. D21．（8分）（1）d t ∆ ， 222d gL t∆；（2）正比，压缩量的平方（或2x ）。

（以上每空2分） 22．（10分）（1）a ；（2）很大，3110⨯Ω；（3）2.80，64.3（64.1—64.5之间均算对）。

（以上每空2分）23．（18分）解：（1）管第一次落地弹起时，管的加速度大小为1a ，球的加速度大小为2a由牛顿第二定律对管14Ma mg Mg =+ (1)对球24ma mg mg =- (2)故2120m/s a =，方向向下 (3)2230m/s a = 方向向上 (4)（2）球与管第一次碰地时，由0v (5)得碰后管速1v = (6)球刚好没有从管中滑出，设经过时间t ，球、管速度相同，则有对管11v v a t =- (8)对球22v v a t =-+ (9)代入数值联立解得0.4s t = (10)（3）管经t 时间上升的高度为211112h v t a t =-....（11）球下降的高度222212h v t a t =-...............................（12）管长124m L h h =+=.. (13)共18分，其中（1）（2）（5）（9）（12）式各2分，余式各1分。

其它合理解法，相应得分。

24．（20分）解：（1）由题意画出粒子运动轨迹如图甲所示，粒子在磁场中做圆周运动的半径大小为R 1，由几何关系得L R =︒30cos 1 (1)粒子磁场中做匀速圆周运动211v qvB m R = (2)解得13v m=...............................（3）（2）由题意画出粒子运动轨迹如图乙所示，设其与x 轴交点为M ，横坐标为x M ，由几何关系知L R =︒30cos 22 (4)22sin30M x R =︒ (5)则M0L ，）....................（6）（3）由题意画出粒子运动轨迹如图丙所示，粒子在磁场中做圆周运动的半径大小为R 3，偏转一次后在y 负方向偏移量为∆y 1，由几何关系得 ︒=∆30cos 231R y (7)为保证粒子最终能回到P ，粒子每次射出磁场时速度方向与PQ 2连线平行，与挡板碰撞后，速度方向应与PQ 1连线平行，每碰撞一次，粒子出进磁场在y 轴上距离2y ∆（如图中A 、E 间距）可由题给条件得︒=∆30tan 3322L y ...........................（8）当粒子只碰二次，其几何条件是12322y y L ∆-∆= ............................（9）解得273103L R =............................（10）粒子磁场中做匀速圆周运动3233R v m B qv = ................................（11）解得mqBL v 273103= (12)挡板的最小长度32cos3030L R ︒︒∆=....（13）解得49L L ∆=....................................（14）共20分，（9）式3分，（1）（2）（4）（5）（13）式各2分，（11）式不得分，余式各1分。

物理高考模拟卷-高三物理试题及答案-淄博市高三下学期第一次模拟考试

淄博市2015届高三3月第一次模拟考试理科综合本试卷分第I卷和第II卷两部分，共15页。

满分300分。

考试用时150分钟。

答题前务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、座号、考生号、区县和科类填写在试卷和答题卡规定的位置。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第I卷(必做，共107分)注意事项：1．第I卷共20题。

2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。

以下数据可供答题时参考：相对原子质量：O 16 Al 27 S 32 Fe 56 Cu 64二、选择题(共7小题，每小题6分，共42分。

每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14．比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，下列物理量中属于用比值法定义的是A．Fam= B．2Tπω= C．QCU= D．UIR=15．如图所示，轻弹簧两端拴接两个质量均为m的小球a、b，拴接小球的细线固定在天花板上，两球静止，两细线与水平方向的夹角均为30α=，弹簧水平，以下说法正确的是A．细线拉力大小为mgBC．剪断左侧细线瞬间，b球加速度大小为1 2 gD．剪断左侧细线瞬间，a16．太阳系中的行星受到太阳的引力绕太阳公转，但它们公转的周期却各不相同。

若把地球和水星绕太阳的运动轨迹都近似看作圆周，根据观测得知，地球绕太阳公转的周期大于水星绕太阳公转的周期，则由此可以判定A．地球的线速度大于水星的线速度B．地球的质量小于水星的质量C．地球的向心加速度小于水星的向心加速度D．地球到太阳的距离小于水星到太阳的距离17．如图甲为远距离输电示意图，变压器均为理想变压器。

升压变压器原、副线圈匝数比为1：100，其输入电压如图乙所示．远距离输电线的总电阻为100 。

降压变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R1为一定值电阻，R2为用半导体热敏材料制成的传感器，当温度升高时其阻值变小。

山东省淄博市2015届高三下学期第一次模拟考试理科综合试卷(扫描版).pdf

.................................................（10）
..........................................（11）
三式联立得.....................（12）
从O点进入磁场后先运动半个圆周再返回电场减速到0又返回磁场时速度仍是，如此周期性运动最后从磁场的右边界
2015年高三一模物理答案及评分标准 14.C 15.B 16.C 17.AC 18. B 19.BD 20. D 21．（8分）（1）（2），（3）偏大（以上每空2分） 22．（10分）（1）增大（2分）（2）实物连接如图。（2分）（3）U—I图线如图。（2分）（4）0.6，0.24。（每空2分） 23．（18分）解：（1）设t时刻飞行器的速率为v，由力学及运动学知识可得 .................................（1） .............................（2） ...................................................（3）联立（1）（2）（3）解得t时刻飞行器的速率 .........................................................（4）共6分，其中（1）、（2）式各2分，（3）、（4）式各1分。（2）设t时刻发动机动力的功率为P，则 ......................................... （5）联立（1）、（2）、（5）式可得 ..........................................（6）共4分，其中（5）式3分，（6）式1分（3）飞行器加速过程位移位移 .................................................（7）飞行器加速过程，由动能定理得 ................................（8）减速过程发动机动力做的功 .................................................（9）飞行器从地面到最大高度的整个过程中发动机动力做的功 .............................................（10）联立（7）、（8）、（9）、（10）可得 .................................................（11）共8分，其中（8）式3分，（9）式2分，各式1分。其它合理解法，相应得分。 24．（20分）解：（1）粒子在电场中加速 .............................................（1）粒子在磁场中旋转 .............................................（2）由几何关系得粒子做圆周运动的半径 ...................................................（3）三式联立可得...............................................（4）共分，其中（1）、（2）（3）式各2分，（4）各1分（2）粒子能从磁场的右侧边界射出时，须满足 ..........................................................（5）粒子在电场中加速 ..............................................（6）粒子在磁场中旋转 ................................................（7）各式联立可得................................（8）共分，其中（5）式分，（8）式1分（）（）式分（3）粒子打在屏上的位置始终不变则粒子离开磁场时速度方向必平行于x轴正向，由几何关系知，进入匀强磁场后做匀速圆周运动的半径 .......................（9）带电粒子在电场中加速过程

山东省淄博市2015届高三5月阶段性诊断考试(二模)理科综合试题word版含答案

高三阶段性诊断考试试题理科综合本试卷分第I卷和第II卷两部分，共16页。

满分300分。

考试用时150分钟。

答题前务必用0.5毫米黑色字笔将自己的姓名、座号、考生号、区县和科类填写在试卷和答题卡规定的位置。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第I卷(必做，共107分)注意事项：1.第I卷共20题。

2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。

以下数据可供答题时参考：相对原子质量：O 16 Al 27 S 32 Fe 56 Cu 641.药物毒性损伤细胞的内质网后，下列受影响最小的生理活动是A.小肠绒毛上皮细胞从肠腔吸收甘油B．性腺腺细胞合成并分泌性激素C．肌细胞合成细胞膜上的载体蛋白D．浆细胞合成并分泌抗体2．下列关于酶和ATP的叙述，正确的是A．酶能提供化学反应的活化能，加快化学反应速度B.酶的催化作用能调节细胞和生物体的生长发育C.A TP是细胞内的储备能源物质，含量少、转化快D.A TP的合成需要酶参加，酶的合成需要A TP参与3.以洋葱为实验材料进行实验，下列相关叙述正确的是A．制作洋葱根尖细胞有丝分裂临时装片的步骤依次是解离、染色、漂洗、制片B.低温处理洋葱根尖细胞的有丝分裂装片可诱导根尖细胞染色体数目加倍C.利用甲基绿—吡罗红染液染色洋葱内表皮细胞可观察到细胞核被染成绿色D．观察到紫色洋葱表皮细胞处于质壁分离状态说明此时细胞正在失去水分4．右图表示细胞内蛋白质合成的过程，以下分析正确的是A．密码子位于①上，决定氨基酸的密码子共有20种B．在①、②及核糖体的形成过程中，均需要RNA聚合酶C．多肽③经内质网和高尔基体加工后形成有功能的呼吸酶D．大肠杆菌菌体内的蛋白质合成过程也可用此图表示5.玉米株色的紫色（A）对绿色（a）为显性，该对基因位于第6染色体上。

经X射线照射的紫株玉米的花粉授给绿株玉米，F1代中出现1％的绿株。

2015年山东省淄博市高考物理摸底试卷

2015年山东省淄博市高考物理摸底试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共1小题，共4.0分)1.同学通过以下步骤测出了从-定高度落下的排球对地面的冲击力：将一张白纸铺在水平地面上，把排球在水里弄湿，然后让排球从规定的高度自由落下，并在白纸上留下球的水印．再将印有水印的白纸铺在台秤上，将球放在纸上的水印中心，缓慢地向下压球，使排球与纸接触部分逐渐发生形变直至刚好遮住水印．记下此时台秤的示数即为冲击力的最大值．下列物理学习或研究中用到的方法与该同学的方法相同的是（）A.建立“点电荷”的概念B.建立“合力与分力”的概念C.建立“瞬时速度”的概念D.研究加速度与合力、质量的关系【答案】B【解析】解：A、点电荷是一种理想化的模型，是采用的理想化的方法，故A错误；B、合力和分力是等效的，它们是等效替代的关系，故B正确；C、瞬时速度是把很短的短时间内的物体的平均速度近似的认为是瞬时速度，是采用的极限的方法，故C错误．D、研究加速度与合力、质量的关系的时候，是控制其中的一个量不变，从而得到其他两个物理量的关系，是采用的控制变量的方法，故D错误．故选：B．通过白纸上的球的印迹，来确定球发生的形变的大小，从而可以把不容易测量的一次冲击力用球形变量的大小来表示出来，在通过台秤来测量相同的形变时受到的力的大小，这是用来等效替代的方法．在物理学中为了研究问题方便，经常采用很多的方法来分析问题，对于常用的物理方法一定要知道．二、多选题(本大题共1小题，共4.0分)2.甲、乙两车在一平直公路上从同一地点沿同一方向沿直线运动，它们的v-t图象如图所示．下列判断正确的是（）A.乙车启动时，甲车在其前方50m处B.运动过程中，乙车落后甲车的最大距离为75mC.乙车启动10s后正好追上甲车D.乙车超过甲车后，两车不会再相遇【答案】ABD【解析】解：A、根据速度图线与时间轴包围的面积表示位移，可知乙在t=10s时启动，此时甲的位移为x==50m，即甲车在乙前方50m处，故A正确．B、当两车的速度相等时相遇最远，最大距离为：S max=×（5+15）×10m-×10×5m=75m，故B正确．C、由于两车从同一地点沿同一方向沿直线运动，当位移相等时两车才相遇，由图可知，乙车启动10s后位移小于甲的位移，还没有追上甲，故C错误．D、乙车超过甲车后，由于乙的速度大，所以不可能再相遇，故D正确．故选：ABD．速度-时间图象切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，根据两车的速度关系和位移分析何时相遇．本题关键是根据速度时间图象得到两物体的运动规律，然后根据图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小分析处理．三、单选题(本大题共2小题，共8.0分)3.将一只皮球竖直向上抛出，皮球运动时受到空气阻力的大小与速度的大小成正比．下列描绘皮球在上升过程中加速度大小a与时间t关系的图象，可能正确的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：B、D、皮球竖直向上抛出，受到重力和向下的空气阻力，根据牛顿第二定律，有：mg+f=ma根据题意，空气阻力的大小与速度的大小成正比，有：f=kv联立解得：a=g+A、C、由于速度不断减小，故加速度不断减小，到最高点速度为零，阻力为零，加速度为g，不为零，故BD均错误；根据BD的结论a=g+，有∝，由于加速度减小，故也减小，故也减小，故a-t图象的斜率不断减小，故A错误，C正确；故选：C．受力分析后根据牛顿第二定律判断加速度的变化规律，同时结合特殊位置（最高点）进行判断．本题关键是受力分析后得到加速度的表达式，然后结合速度的变化得到阻力变化，最后判断出加速度的变化规律．4.如图甲所示，理想变压器的原线圈电路中装有额定电流0.5A的保险丝L，原线圈匝数n1=600匝，副线圈匝数n2=120匝．当原线圈接在如图乙所示的交流电源上时，要使整个电路和用电器正常工作，则副线圈两端可以接（）A.阻值为12Ω的电阻 B.工作频率为10H z的用电设备C.并联两盏“36V 40W”的灯泡D.耐压值为36V的电容器【答案】C【解析】解：由原线圈电流最大为0.5A知副线圈允许的最大电流为×0.5=2.5A．A、由乙图知输入电压有效值为180V，所以副线圈两端电压有效值为×180=36V，接阻值为12Ω的电阻时，电流为I==3A，A错误；B、由乙图知周期为0.02s频率为50H z，B错误；C、并联两盏的“36V40W”灯泡时，电流为2×＜2.5A，C正确；D、副线圈两端电压峰值为36V，D错误；故选：C根据保险丝计算出副线圈中允许的增大电流，由乙图可知电源的峰值和周期，结合欧姆定律进行判断．本题考查了变压器的特点，突破口在于保险丝的数值，结合欧姆定律进行判断．四、多选题(本大题共1小题，共4.0分)5.三条在同一平面（纸面）内的长直绝缘导线组成一等边三角形，在导线中通过的电流均为I，方向如图所示．a、b和c三点分别位于三角形的三个顶角的平分线上，且到相应顶点的距离相等．将a、b和c处的磁感应强度大小分别记为B1、B2和B3，下列说法正确的是（）A.B1=B2=B3B.B1=B2＜B3C.a和b处磁场方向垂直于纸面向外，c处磁场方向垂直于纸面向里D.a处磁场方向垂直于纸面向外，b和c处磁场方向垂直于纸面向里【答案】BC【解析】解：A、B、由题意可知，a点的磁感应强度等于三条通电导线在此处叠加而成，即垂直纸面向外，而b点与a点有相同的情况，有两根相互抵消，则由第三根产生磁场，即为垂直纸面向外，而c点三根导线产生磁场方向相同，所以叠加而成的磁场最强，故A错误，B正确；C、D、由图可知，根据右手螺旋定则可得，a和b处磁场方向垂直于纸面向外，c处磁场方向垂直于纸面向里，故C正确，B错误．故选：BC．通电导线周围存在磁场，且离导线越远场强越弱．磁场不但有大小而且有方向，方向相同则相加，方向相反则相减．并根据矢量叠加原理来求解．根据通电导线周围的磁场对称性、方向性，去确定合磁场强度大小．磁场的方向相同，则大小相加；方向相反的，大小相减．同时考查矢量叠加原理．五、单选题(本大题共2小题，共8.0分)6.已知地球质量是金星质量的a倍，地球半径是金星半径的b倍，下列结论正确的是（）A.地球表面和金星表面的重力加速度之比为B.环绕地球表面和金星表面运行卫星的速率之比为C.环绕地球表面和金星表面运行卫星的周期之比为D.环绕地球表面和金星表面运行卫星的角速度之比为【答案】B【解析】解：A、在星球表面上，物体所受的重力近似等于星球的万有引力，有G=mg，则得星球表面的重力加速度g=，已知地球质量是金星质量的a倍，地球半径是金星半径的b倍，所以地球表面和金星表面的重力加速度之比为，故A错误；B、研究卫星在星球表面轨道上做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，=m=m=mω2rv=，已知地球质量是金星质量的a倍，地球半径是金星半径的b倍，所以环绕地球表面和金星表面运行卫星的速率之比为，故B正确；C、T=2π，已知地球质量是金星质量的a倍，地球半径是金星半径的b倍，所以环绕地球表面和金星表面运行卫星的周期之比为，故C错误；D、ω=，已知地球质量是金星质量的a倍，地球半径是金星半径的b倍，所以环绕地球表面和金星表面运行卫星的角速度之比为，故D错误；故选：B．忽略星球自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式求解星球表面重力加速度之比．研究卫星在星球表面轨道上做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求解速度、周期和角速度之比．要求物理量之比，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再根据表达式进行比较．7.如图所示，垂直纸面向里的匀强磁场区域宽度为2a，磁感应强度的大小为B．一边长为a、各边电阻相等的正方形均匀导线框CDEF，从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域，则图中能正确反映线框E、F两端的电压U EF与线框移动距离x的关系的图象是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】解：BC、由楞次定律判断可知，在线框穿过磁场的过程中，E点的电势始终高于F的电势，则U EF始终为正值．则BC错误．AD、EF、DC两边切割磁感线时产生的感应电动势为E=B av．在0-a内，EF切割磁感线，EF两端的电压是路端电压，则U EF=E=B av；在a-2a内，线框完全在磁场中运动，穿过线框的磁通量没有变化，不产生感应电流，则U AB=E=B av；在2a-3a内，EF两端的电压等于感应电动势的，则U EF=B av．故A错误，D正确．故选：D先由楞次定律判断感应电流方向，确定出E、F两端电势的高低．再由E=BL v求出感应电动势，由欧姆定律求出E、F两端的电压U EF．本题由楞次定律判断电势的高低，确定电势差的正负．分析U AB与感应电动势关系是关键，要正确区分外电压和内电压．六、多选题(本大题共2小题，共8.0分)8.为了保证行车安全和乘客身体健康，动车上装有烟雾报警装置，其原理如图所示．M为烟雾传感器，其阻值R M随着烟雾浓度的改变而变化，R为可变电阻．当车厢内有人抽烟时，烟雾的浓度增大，导致报警装置S两端的电压增大，发出警报．下列说法正确的是（）A.R M随烟雾浓度的增大而增大B.R M随烟雾浓度的增大而减小C.若减小R，报警器将更灵敏D.若增大R，报警器将更灵敏【答案】BD【解析】解：AB、S两端电压U增大，故传感器两端电压一定减小；当有烟雾，使传感器电阻变化，即R M变小，则有R M随着烟雾浓度的增大而减小，故A错误，B正确．CD、R越大，M与R并联的电阻R并越接近R M，U增大越明显，导致“S”上电压变化最明显，报警器将更灵敏，故C错误，D正确．故选：BD．利用“极限思维”：只要掌握一个规律，“两只电阻并联时，其总电阻总是比较其中最小的那个阻值还小．因此，题目要求“S”上的电压增大最明显，也就是意味着“要求电路中的电流增加的范围最大”，即等效电源的内阻减小范围最大，此时利用极限法．此题利如果用传统的思维，即利用闭合电路欧姆定律，由电源电动势E、内阻r、电阻R及R M得出S上的电压表达式，再进行讨论．其实，那是一个非常复杂的代数式，要讨论还得将式子进行一系列变形才能进行，显然非常麻烦，方法不可取；此题如果利用“等效思维”与“极限思维”便可一步到位，轻松突破．9.如图所示，实线表示电视机显像管主聚焦电场中的等势面，所标数值为各等势面的电势值，单位为“V”．a、b、c、d为圆上的四个点，则下列说法正确的是（）A.a、b、c、d四点电势不相等，电场强度相同B.一电子从b点运动到c点，电场力做的功为0.6e VC.若一电子从左侧沿中心轴线穿越电场区域，将做加速度先增大后减小的加速直线运动D.一束电子从左侧平行于中心轴线进入电场区域，一定能从右侧平行于中心轴线穿出【答案】BCD【解析】解：A、根据题意，a、b两点电势相等，c、d两点电势相等的，由等势面与电场线垂直的关系及电场强度方向与该点的切线方向一致，则它们的电场强度方向不同．故A错误；B、一电子从b点运动到c点，电势差为U bc=φb-φc=0.2V-0.8V=-0.6V，而电子带负电，则电场力做功为0.6e V，故B正确；C、若一电子从左侧沿中心轴线穿越电场区域，根据等势面疏密程度，可知电场线的疏密程度，从而可确定电场力先增大后减小，所以加速度先增大后减小，故C正确；D、一束电子从左侧平行于中心轴线进入电场区域，根据曲线运动条件运动轨迹向合力方向偏，因此只有在中心轴线的电子沿直线运动，其余做曲线运动并向中心轴线汇聚，从右侧平行于中心轴线穿出．故D正确；故选：BCD．电场线与等势面垂直，负电荷逆着电场线运动电场力做正功，根据轨迹弯曲方向判断电荷的受力方向．做好本题的关键是根据等势面画出电场线，再由曲线运动条件与负电荷电场力方向来判断在电场中的运动．同时考查W=q U，及电场强度是矢量．七、单选题(本大题共2小题，共8.0分)10.如图所示，质量为M、倾角为θ的斜面体A放于水平地面上，把质量为m的小滑块B放在斜面体A的顶端，顶端的高度为h．开始时两者均处于静止状态，然后B由A的顶端沿着斜面滑至地面．若以地面为参考系，且忽略一切摩擦力，在此过程中，斜面的支持力对B所做的功为W．下面给出的W的四个表达式中，只有一个是合理的，你可能不会求解，但是你可以通过分析，对下列表达式做出合理的判断．根据你的判断，W的合理表达式应为（）A.W=0B.C.D.【答案】C【解析】解：A、由于斜面是在光滑的水平面上，并没有固定，物体与斜面相互作用会使斜面后退，由于斜面后退，物体沿着斜面下滑路线与地面夹角＞θ，与物体沿着固定斜面下滑截然不同．整个系统无摩擦，由于此时斜面的支持力与B的位移方向成钝角，所以斜面的支持力对B所做负功．故A、B错误．C、功的单位为1J=1N•m，按照单位制，的单位是N•m，的单位是m，故C正确，D错误．故选：C．由于斜面是在光滑的水平面上，并没有固定，物体与斜面相互作用会使斜面后退，由于斜面后退，物体沿着斜面下滑路线与地面夹角＞θ，与物体沿着固定斜面下滑截然不同．由于忽略一切摩擦力，由于此时斜面的支持力与B的位移方向成钝角，所以斜面的支持力对B所做负功．本题考查了单位制和做负功的判断，解决此类题目主要方法是利用所学的知识用淘汰法进行处理．11.如图所示，两段等长轻质细线串接着两个质量相等的小球a、b，悬挂于O点．现在两个小球上分别施加水平方向的外力，其中作用在b球上的力大小为F、作用在a球上的力大小为2F，则此装置平衡时的位置是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：设每个球的质量为m，oa与ab和竖直方向的夹角分别为α、β．以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图1，根据平衡条件可知，oa绳的方向不可能沿竖直方向，否则整体的合力不为零，不能保持平衡．由平衡条件得：tanα=，以b球为研究对象，分析受力情况，如图2，由平衡条件得：tanβ=，则α＜β，故B正确．故选：B．以整体为研究对象，分析受力情况，确定上面绳子oa的方向，再以下面的小球为研究对象，分析受力，根据平衡条件确定下面绳子的方向．本题一要灵活选择研究对象，二要分析受力．采用整体法和隔离法相结合的方法研究，比较简便．八、实验题探究题(本大题共2小题，共16.0分)12.利用图1中所示的装置，做“测定重力加速度”的实验中，得到了几条较为理想的纸带．已知每条纸带上每5个点取一个计数点，即两计数点之间的时间间隔为0.1s，依打点先后编为0，1，2，3，4，…．由于不小心，纸带都被撕断了，如图2所示，根据给出的A、B、C、D四段纸带回答：（1）在B、C、D三段纸带中选出从纸带A上撕下的那段应该是______ ．（填字母）（2）纸带A上，打点1时重物的速度______ m/s（结果保留三位有效数字）．（3）当地的重力加速度大小是______ m/s2（结果保留三位有效数字）．【答案】C；3.47；9.00【解析】解：①△x=x12-x01=39.2cm-30.2cm=9cmx34=x12+2△x=39.2cm+2×9cm=57.2cm故选C；②匀变速直线运动某段时间中间瞬时速度，故③由△x=a T2，得到：故答案为：①C；②3.47；③9.00．①对于匀加速直线运动，在连续相等的时间间隔内通过的位移的差是一个恒量，即△x=a T2；运用这个结论判断即可；②利用匀变速直线运动某段时间中间瞬时速度计算即可；③利用公式△x=a T2计算即可．本题关键是明确：（1）自由落体运动的运动性质；（2）匀变速直线运动的两个重要推论．13.图（a）是测量电源电动势E和内阻r的原理图．R0=2.5Ω为定值保护电阻，电流表内阻不计，单位长度电阻r0=0.1Ω/cm的电阻丝ac上标有长度刻度．（1）请根据原理图连接图（b）的实物图；（2）闭合开关S，记录ab的长度L和电流表A的示数I；移动线夹改变ab部分的长度L，测得6组L和I值，并算出对应的值．写出与L、E、r、R0、r0的关系式= ______ ；（3）图（c）中的“•”是根据实验数据标出的，请据此作出随L变化的图线；（4）根据-L图线算出电源电动势E= ______ V，内阻r= ______ Ω．（结果保留两位小数）【答案】•L+；1.47；0.44【解析】解：（1）根据图a所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：（2）在闭合电路中：E=I（r+R0+L r0），则=•L+；③根据坐标系内描出的点作出图象，图象如图所示：④图象的函数表达式为：=•L+，由图象可知，斜率：k===≈0.0682，电源电动势：E==≈1.47V；图象截距：b==0.02，电源内阻：r=b E-R0=2×1.47-2.5=0.44Ω．故答案为：①电路图如图所示；②•L+；③图象如图所示；④1.47；0.44．（1）根据电路图连接实物电路图；（2）根据闭合电路欧姆定律求出函数表达式；（3）根据坐标系内描出的点作出图象；（4）根据函数表达式与图象求出电源电动势与内阻．本题考查了连接实物电路图、求函数表达式、作图象、求电源电动势与内阻；连接实物电路图时要注意电表正负接线柱不要接反；应用闭合电路欧姆定律求出函数表达式是正确求出电源电动势与内阻的前提与关键．九、计算题(本大题共4小题，共40.0分)14.2014年12月，东北地区普降大雪，出现近年来少见的寒潮．为了安全行车，某司机在冰雪覆盖的平直公路上测试汽车的制动性能．当车速v=36km/h时紧急刹车（可认为车轮不转动），车轮在公路上划出一道长L=50m的刹车痕迹，取g=10m/s2．求（1）车轮与冰雪路面间的动摩擦因数μ；（2）若该车以v=28.8km/h的速度在同样路面上行驶，突然发现正前方停着一辆故障车．为避免两车相撞，司机至少应在距故障车多远处采取同样的刹车措施．已知司机刹车反应时间为△t=0.6s．【答案】解：（1）汽车刹车后做匀减速运动，已知v0=36km/h=10m/s，末速度v=0，位移x=50m 根据匀变速直线运动的速度位移关系有：0-102=2a×50解得a=-1m/s2，负号表示加速度的方向与速度方向相反；汽车刹车后在摩擦力作用下做匀减速运动，故根据牛顿第二定律有：-μmg=ma车轮与冰雪路面间的动摩擦因数为：（2）汽车在以v0′=28.8km/h=8m/s行驶时，在反应时间内的位移为：x1=v0′△t=8×0.6m=4.8m刹车后匀减速运动的位移为：′所以汽车刹车的安全距离为：x=x1+x2=4.8+32m=36.8m答：（1）车轮与路面间的动摩擦因数为0.1；（2）司机至少应该距障碍车36.8m处开始刹车．【解析】（1）刹车后做匀减速运动，根据速度位移关系求出刹车时的加速度，由牛顿第二定律求得动摩擦因数；（2）司机在反应时间内做匀速直线运动，刹车后做匀减速运动，分别求出匀速运动的匀减速的位移之和即为安全距离．掌握匀变速直线运动的速度位移关系是正确解题的基础，知道刹车后（车轮不动）是车在滑动摩擦力作用下做匀减速运动，同时知道在反应时间内车做匀速运动．15.在真空中，半径r=2.5×10-2m的圆形区域内有匀强磁场，方向如图所示，磁感应强度B=0.2T．一个带正电的粒子以v0=1.0×106m/s的初速度，从磁场边界上的a点射入磁场，ab为圆形磁场的直径，v0与ab的夹角为θ．已知该粒子的比荷=108C/kg，不计粒子重力．求（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨道半径；（2）若要使粒子飞离磁场时有最大偏转角，θ应为多大；（3）粒子在磁场中运动的最长时间．【答案】解：（1）由洛伦兹力提供向心力得：；（2）当轨迹弦长等于磁场区域的直径时，对应圆心角最大，如图由几何关系，最大偏转角为2θ，此时有：，故有：θ=30°；（3）由周期公式知，θ=30°=时t最大，又由得运动的时间为：；答：（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨道半径为0.05m；（2）若要使粒子飞离磁场时有最大偏转角，θ应为30°；（3）粒子在磁场中运动的最长时间为5.2×10-9s．【解析】根据洛伦兹力提供向心力求粒子圆周运动的轨道半径；在半径不变时，弦长越长对应圆心角越大，对应时间越长；当弦长等于磁场区域的直径时，对应圆心角和时间最大．本题考查带电粒子在磁场中的运动，难点在于最大偏角对应的轨迹，由半径不变所推导出的弦长与圆心角的关系，合理使用作图法可以极大降低难度．16.如图所示，AB为水平直轨道，CDE是放在竖直平面内的圆形光滑轨道，D是轨道的最低点，E是轨道的最高点，DE为半个圆周，CD为八分之一个圆周．B、C间的竖直高度h=0.8m，A、B间的距离L=10m，质量为m=0.1kg的电动小车（可视为质点），通电后以额定功率P=1.5W工作，从水平轨道的A点开始沿直线运动，过B点后离开水平轨道，调节C与B点间的水平距离，刚好能使小车从C点沿轨道切线进入圆轨道．已知水平轨道对小车的阻力大小为0.3N，取g=10m/s2，求（1）B、C间的水平距离；（2）若小车能通过E点，圆形轨道的最大半径（结果可保留根号）；（3）小车在水平轨道上运动的通电时间．【答案】解：（1）因为赛车从B到C的过程作平抛运动，根据平抛运动规律所以有水平方向速度为v x=v y tan45°=4m/s平抛运动时间为t=BC间距离为x=v x t=4×0.4m=1.6m（2）在C点的速度为在D点的最小速度由牛顿第二定律可知mg=从C到D由动能定理可知-mg（R+R cos45°）=联立解得R=m（3）从A到B由动能定理可知P t-f L=解得t=2.53s答：（1）B、C间的水平距离为1.6m；（2）若小车能通过E点，圆形轨道的最大半径为m（3）小车在水平轨道上运动的通电时间为2.53s．【解析】（1）从B到C物体做平抛运动，在竖直方向自由落体求的竖直方向速度和时间，在水平方向匀速运动即可求得位移；（2）由牛顿第二定律求的D点的速度，从C到D由动能定理即可求得；（3）从A到B由动能定理即可求得通电时间恰好在C点沿着切线方向进入固定在竖直平面内的圆形光滑轨道，这是解这道题的关键，理解了这句话就可以求得小车的末速度，本题很好的把平抛运动和圆周运动结合在一起运用机械能守恒解决，能够很好的考查学生的能力，是道好题．17.如图，在x＞0的空间存在沿x轴正方向的匀强电场，在x＜0的空间中存在沿x轴负方向的匀强电场，场强大小均为E．一电子（-e，m）从x=d处的P点以初速度v0沿y轴正方向进入电场区域，求（1）电子x方向分运动的周期；（2）电子第二次通过y轴时的速度大小；（3）电子运动的轨迹与y轴的各个交点中任意两个交点间的距离．【答案】解：（1）电子在电场中运动的受力情况及轨迹如图甲所示．在x＞0的空间中，沿y轴正方向以v0的速度做匀速直线运动，沿x轴负方向做匀加速直线运动，设加速度的大小为a，则F=e E=ma，解得：t1=电子从A点进入x＜0的空间后，沿y轴正方向仍做v0的匀速直线运动，沿x轴负方向做加速度大小仍为a的匀减速直线运动，到达Q点．根据运动的对称性得，电子在x轴方向速度减为零的时间为：t2=电子的x方向分运动的周期：（2）由以上的分析可知，粒子第二次通过y轴时速度的大小与第一次通过y轴的速度大小相等，沿x轴方向的分速度的大小：电子第二次通过y轴时的速度大小：（3）电子运动的轨迹与y轴的各个交点中任意两个交点间的距离等于电子沿y轴正方向的半个周期内的位移，即：L=答：（1）电子x方向分运动的周期是；。

山东省淄博市2015届高三第一次摸底考试物理试题扫描版含答案

高三抽测物理试题参考答案及评分标准三、计算题（本题共4小题，共40分，解题要写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数据计算的题目，还应计算出最后结果，只有最后答案的不得分）16. (8分）解：（1）由动能定理，有………………………………………2分代入数据得………………………………1分（2）反应时间内车行驶距离……………………………………1分再由动能定理得…………………………………………2分代入数据得…………………………………1分所求距离………………………………1分15. (8分）解：（1）粒子射入磁场，洛伦兹力提供圆周运动的向心力，据牛顿第二定律有………………………………………1分代入数据得………………1分（2）要使偏转角最大，要求圆弧对应的弦最长，即为图形区域的直径。

…………………………………………1分由几何关系知……………………………………1分………………………………………1分（3）最大偏转角…………………1分周期………………………………………1分粒子在磁场中的最长运动时间代入数据得………………………1分16. (12分）解：（1）设OC与竖直方向的夹角为θ，小车过C点的速度为v C，由平抛知识得，……………………………1分，，…1分由几何知识得…………………………1分联立各式代入数据得…………………1分(2)小车恰过E点时，圆形轨道半径最大，设此时速度为v E，由圆周运动规律和机械能守恒定律得……………………………………2分……………2分联立各式代入数据得………1分(3)由动能定理得………………………………2分联立以上各式并代入数据得……………………………………………1分（2）电子第二次、第一次通过轴时的速度大小相等，设为v再由动能定理得…………………………………3分……………………………………1分（3）由题意得，电子运动的轨迹与轴的各个交点中任意两个交点的距离可表达为………………………………………2分联立周期公式可得…………………………………1分…………………………1分c。

山东省淄博市2015届高三阶段性诊断考试(二模)理综物理试题(含解析)

山东省淄博市2015届高三阶段性诊断考试（二模）理综物理试题第I卷(必做，共107分)二、选择题(共7小题，每小题6分，共42分。

每小题给出的四个选项中．有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14．如图所示，质量均为m的两个小球A、B固定在轻杆的两端，将其放入光滑的半圆形碗中，杆的长度等于碗的半径，当杆与碗的竖直半径垂直时，两小球刚好能平衡，则小球A 对碗的压力大小为（）A B C D．2mg【答案】B【命题立意】本题旨在考查共点力平衡的条件及其应用、物体的弹性和弹力。

图乙所示，则当此变压器工作时，以下说法正确的是（）A．若滑动触头P处于某一确定位置，当变阻器R的滑动触头下滑时，电流表示数将变大B．若滑动触头P处于某一确定位置，当变阻器R的滑动触头上滑时，电压表示数增大C．若滑动触头P和变阻器R的滑动触头同时上移，则电流表示数一定变大D．若变阻器最大阻值为100Ω，且变阻器R的滑动触头置于最上端，则在滑动触头P滑动的过程中，电流表的电流变化范围为0～2.2 A【答案】AD【命题立意】本题旨在考查变压器的构造和原理、交流的峰值、有效值以及它们的关系. 【解析】A、滑动触头P处于某一确定位置，则变压器的输出电压不变；当变阻器R的滑动触头下滑时，接入电路的有效电阻减小，电流表示数将变大．故A正确；于L时，受到相互排斥的恒力作用，当间距大于L时，相互间作用力为零。

由图可知（）A．a球的质量大于b球的质量B．a球的质量小于b球的质量C．t l时刻两球间距最小D．t3时刻两球间距为L【答案】BD【命题立意】本题旨在考查匀变速直线运动的图像。

抛运动，恰落在b点。

若小球初速变为v，其落点位于c，则（）A. 2v0<v<3 v0B．v=2 v0C. v0<v<2 v0D．v>3 v0【答案】C【命题立意】本题旨在考查平抛运动。

山东省淄博市2015届高三第三次模拟考试理科综合试卷.pdf

C．定值电阻R0未知
D．滑动变阻器R，最大阻值Rm
E．导线和开关
①根据如图甲所示的实物连接图，在图乙方框中画出相应的实验原理图
②实验之前，需要利用该电路图测出定值电阻R0，方法是先把滑动变阻器R调到最大阻值Rm，再闭合开关，电压表
V1和V2的读数分别为U10、U20，则R0=（用U10、U20、Rm表示）
绝密 ★ 启用并使用完毕前高三复习阶段性诊断考试试题理科综合本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共16页。满分300分。考试用时150分钟。答题前务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、座号、考生号、区县和科类填写在试卷和答题卡规定的位置。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。第I卷（必做，共107分）注意事项： 1．第I卷共20题。 2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。以下数据可供答题时参考：相对原子质量：H 1 O 16 Al 27 S 32 Fe 56 Cu 64 1．耐盐植物细胞的液泡膜上有一种载体蛋白，能将Na＋逆浓度梯度运入液泡内，从而降低了Na＋对细胞质中酶活性的影响。下列相关叙述错误的是 A．Na＋进入液泡的方式为主动运输 B．该载体的作用导致细胞液的渗透压下降 C．该载体的作用体现了液泡膜的选择透过性 D. 该机制的形成是长期自然选择的结果 2．研究表明，癌症已成为导致人类死亡的重要因素之一。下列相关叙述错误的是 A．人体细胞中存在与细胞癌变有关的基因 B．细胞癌变过程中发生了基因的变化 C．吸烟和环境污染是诱发肺癌的重要因素 D．癌细胞膜上糖蛋白增加，细胞容易转移 3．下列有关生物学实验的叙述，错误的是 A．探究淀粉酶对淀粉和蔗糖作用的专一性时，可用斐林试剂进行鉴定 B．分离叶绿体中色素时应加入二氧化硅，使研磨更充分 C．检测酵母菌培养过程中是否产生CO2，可判断其呼吸方式 D．紫色洋葱鳞片叶外表皮细胞质壁分离过程中，原生质层颜色无变化 4．下列关于生物变异的说法，正确的是 A．核移植使伞藻的形态结构发生重建，是核内基因重组与表达的结果 B．低氧会导致人体内正常红细胞变为镰刀形，属于不可遗传的变异 C．S型肺炎双球菌的DNA使R型细菌发生转化，是基因突变的结果 D．突变是生物变异的根本来源，能使种群的基因频率发生定向改变 5．哺乳动物体内，精原细胞分裂产生精细胞，该过程 A．表明生物膜具有选择透过性和流动性 B．细胞内有还原氢和氧气的产生与利用 C．核仁、核膜出现周期性的消失和重建 D．受某脂质的调控并存在基因的复制与表达 6．下图为某草场生态系统的部分能量流动示意图，图中Q表示牧草在一年内固定的太阳能总量，Q1、Q2、Q3分别表示流入昆虫、牲畜、鼠体内的能量。下列叙述错误的是 A．图中鹰属于次级和三级消费者，占有两个营养级 B．在能量流动的过程中，存在着信息传递 C．Q与（Q1+Q2+Q3）的差值为牧草呼吸作用消耗的能量 D．保护鹰和食虫鸟，利于人从生态系统中获得更多的能量 7．下列说法中正确的是A．为防止食品氧化变质，食品袋中放有硅胶包 B．酒精用来杀菌消毒，利用了乙醇的氧化性 C．植物油与矿物油可以通过水解反应区分 D．明矾净水时发生了化学及物理变化，能起到杀菌、消毒的作用 8．四种短周期元素在周期表中的位置如图，其中只有M为金属元素。下列说法正确的是 A．四种元素中，最高价氧化物的水化物酸性：Z的最强 B．氢化物稳定性：Y的最强

2015届高三理综小调5-物理试题

2015届高三理综考试5—物理试题卷11.4一、不定项选择题（对得5分，半对得3分，错0分，共60分）1. 一位同学在某星球上完成自由落体运动实验:让一个质量为2kg的小球从一定的高度自由下落,测得在第5s内的位移是18m,则( )A.物体在2s末的速度是20 m/sB.物体在第5s内的平均速度是3.6m/sC.物体在第2s内的位移是20mD.物体在5s内的位移是50m2. 三个质量均为1 kg的相同木块a、b、c和两个劲度系数均为500 N/m的相同轻弹簧p、q用轻绳连接如图，其中a放在光滑水平桌面上．开始时p弹簧处于原长，木块都处于静止状态．现用水平力缓慢地向左拉p弹簧的左端，直到c木块刚好离开水平地面为止，g取10 m/s2.该过程p弹簧的左端向左移动的距离是()A．4 cm B．6 cmC．8 cm D．10 cm3. 如图所示，物体A和物体B中间夹一竖直轻弹簧，在竖直向上的恒力F作用下，一起沿竖直方向匀加速向上运动．当把外力F突然撤去的瞬间，下列说法正确的是( )A．B的速度立刻发生变化，A的速度不变B．B的加速度立刻发生变化，A的加速度不变C．A的加速度一定小于重力加速度gD．B的加速度一定大于重力加速度g4.如图所示，G1＝50 N，G2＝30 N，F1＝50 N，F2＝30 N，设在图中物体的加速度左图为a1，中图为a2，右图为a3，则它们的大小关系是（）A.a1＞a2＞a3，B.a2＞a3＞a1，C.a1＜a2＜a3，D.a2＞a1＞a3。

5. 一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v.假设宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为m的物体重力，物体静止时，弹簧测力计的示数为N.已知引力常量为G，则这颗行星的质量为()A．2mvGNB．4mvGNC．2NvGmD．4NvGm6.如图所示，长为L的长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m的小物块，现缓慢地抬高A端，使木板以左端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为α时小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端的速度为v，则在整个过程中( )A．支持力对物块做功为零B．支持力对小物块做功为mgL sin αC．摩擦力对小物块做功为mgL sin αD．滑动摩擦力对小物块做功为12mv2－mgL sin α7.一个质量不计的直角形支架两端分别连接质量为m和2m的小球A和B，支架的两直角边长度分别为2L和L，支架可绕固定轴O在竖直平面内无摩擦地转动，如图所示，开始时OA边处于水平位置，由静止释放，则下列说法不正确的是( )A．A球的最大速度为2gLB．A球速度达到最大时，两小球的总重力势能最小C．A球速度达到最大时，两直角边与竖直方向的夹角都为45°D．A、B两球的最大速度之比为v A∶v B＝2∶18. 板间距为d的平行板电容器所带电荷量为Q时，两极板间电势差为U1，板间场强为E1.现将电容器所带电荷量变为2Q，板间距变为12d，其他条件不变，这时两极板间电势差为U2，板间场强为E2，下列说法正确的是（）A．U2＝U1，E2＝E1B．U2＝2U1，E2＝4E1C．U2＝U1，E2＝2E1D．U2＝2U1，E2＝2E19. 如图所示，在两平行金属板中央有一个静止的电子(不计重力)，当两板间的电压分别如下图甲、乙、丙、丁所示，电子在板间运动(假设不与板相碰)，下列说法正确的是( )A．电压是甲图时，在0～T时间内，电子的电势能一直减少B．电压是乙图时，在0～T2时间内，电子的电势能先增加后减少C．电压是丙图时，电子在板间做往复运动D．电压是丁图时，电子在板间做往复运动10. 如图所示，一电荷量为q 的带电粒子以一定的初速度由P 点射入匀强电场，入射方向与电场线垂直．粒子从Q 点射出电场时，其速度方向与电场线成30°角．已知匀强电场的宽度为d ，P 、Q 两点的电势差为U ，不计重力作用，设P 点的电势为零．则下列说法中正确的是（）A ．带电粒子在Q 点的电势能为－qUB ．带电粒子带负电C ．此匀强电场的电场强度大小为E ＝23U3d D ．此匀强电场的电场强度大小为E ＝3U3d11.如图甲，在倾角为θ的光滑斜面上，有一个质量为m 的物体在沿斜面方向的力F 的作用下由静止开始运动，物体的机械能E 随位移x 的变化关系如图乙所示．其中0～x 1过程的图线是曲线，x 1～x 2过程的图线为平行于x 轴的直线，则下列说法中正确的是( ) A ．物体在沿斜面向下运动B ．在0～x 1过程中，物体的加速度一直减小C ．在0～x 2过程中，物体先减速再匀速D ．在x 1～x 2过程中，物体的加速度为g sin θ12. 如图是示波管的工作原理图：电子经电场加速后垂直于偏转电场方向射入偏转电场，若加速电压为U 1，偏转电压为U 2，偏转电场的极板长度与极板间的距离分别为L 和d ，y 为电子离开偏转电场时发生的偏转距离．取“单位偏转电压引起的偏转距离”来描述示波管的灵敏度，即yU 2(该比值越大则灵敏度越高)，则下列哪种方法可以提高示波管的灵敏度( )A ．增大U 1B ．增大U 2C ．减小LD ．减小d二、计算题（每题20分，共40分）13.如图所示，BCDG 是光滑绝缘的34圆形轨道，位于竖直平面内，轨道半径为R ，下端与水平绝缘轨道在B 点平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中．现有一质量为m 、带正电的小滑块（可视为质点）置于水平轨道上，滑块受到的电场力大小为34mg ，滑块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为g ．（1）若滑块从水平轨道上距离B 点s=3R 的A 点由静止释放，滑块到达与圆心O 等高的C 点时速度为多大？（2）在（1）的情况下，求滑块到达C 点时受到轨道的作用力大小（3）改变s 的大小，使滑块恰好始终沿轨道滑行，且从G 点飞出轨道，求滑块在圆轨道上滑行过程中的最小速度大小. 并求此时的s （用R 表示）。

高三物理月考试题及答案-山东淄博第六中学2015届高三上学期第一次诊断性检测理综

山东省淄博第六中学2015届高三上学期第一次诊断性检测理综物理试题二、选择题（本题包括7小题，共42分。

每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）14．如图所示，a 、b 两小球静止在同一条竖直线上，离地面足够高．b 球质量大于a 球质量．两球间用一条细线连接，开始线处于松弛状态．现同时释放两球，球运动过程中所受的空气阻力忽略不计．下列说法正确的是（）A ．下落过程中两球间的距离保持不变B ．下落后两球间距离逐渐增大，一直到细线张紧为止C ．下落过程中，a 、b 两球都处于失重状态D ．整个下落过程中，系统的机械能守恒【答案】ACD【命题立意】本题旨在考查机械能守恒定律、自由落体运动。

【解析】两球都做自由落体运动，在相等时间内下降的位移相等，则两球的距离保持不变，故A 正确，B 错误；两球仅受重力，处于完全失重状态，故C 正确；在运动的过程中，只有重力做功，系统机械能守恒，故D 正确。

故选：ACD 。

15．如图所示，质量为m 的小物体（可视为质点）静止在半径为R 的半球体上，小物体与半球体间的动摩擦因数为，物体与球心的连线与水平地面的夹角为，整个装置处于静止状态．下列说法正确的是（）A ．小物体对半球体的压力大小为μθθsin mgB ．半球体对小物体摩擦力的大小为C ．角（为锐角）越大，地面对半球体的摩擦力越小D ．角（为锐角）变大时，地面对半球体的支持力不变【答案】AD【命题立意】本题旨在考查共点力平衡的条件及其应用、力的合成与分解的应用。

【解析】对小物体受力分析如图1：将重力正交分解，如图2：由于物体静止在半球上，处于平衡状态，沿半径方向列平衡方程：沿切向列平衡方程：解以上两式得：，故A 正确；由于小物体静止在半球上，并没有相对球面滑动，故不能用来计算，此时摩擦力为，故B 错误；由于物体、半球都相对地面静止，故把小物体和半球看做整体，整体只受重力和支持力，半球和地面间无摩擦力，故C 错误；无论角怎么变，只有物体静止在半球上，则就可以把小物体及半球看做整体，整体受力分析发现整体只受重力和支持力，由二力平衡知：地面对半球的支持力始终等于小物体和半球的重力之和，不随改变，故D 正确。

山东省淄博市高三物理一模试卷(含解析)

山东省淄博市2015届高考物理一模试卷一、选择题（共7小题，每小题6分，共42分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，下列物理量中属于用比值法定义的是( )A．a=B．T=C．C=D．I=2．如图所示，轻弹簧两端拴接两个质量均为m的小球a、b，拴接小球的细线固定在天花板上，两球静止，两细线与水平方向的夹角均为a=30°，弹簧水平，以下说法正确的是( )A．细线拉力大小为mgB．弹簧的弹力大小为mgC．剪断左侧细线瞬间，b球加速度大小为gD．剪断左侧细线瞬间，a球加速度大小为g3．太阳系中的行星受到太阳的引力绕太阳公转，但它们公转的周期却各不相同，若把地球和水星绕太阳的运动轨迹都近似看作圆周，根据观测得知，地球绕太阳公转的周期大于水星绕太阳公转的周期，则由此可以判定( )A．地球的线速度大于水星的线速度B．地球的质量小于水星的质量C．地球的向心加速度小于水星的向心加速度D．地球到太阳的距离小于水星到太阳的距离4．如图甲为远距离输电示意图，变压器均为理想变压器，升压变压器原、副线圈匝数比为1：100，其输入电压如图乙所示，远距离输电线的总电阻为100Ω．降压变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R1为一定值电阻，R2为用半导体热敏材料制成的传感器，当温度升高时其阻值变小．电压表V显示加在报警器上的电压（报警器未画出）．未出现火警时，升压变压器的输入功率为750kW．下列说法中正确的有( )A．降压变压器副线圈输出的交流电频率为50HzB．远距离输电线路损耗功率为180kwC．当传感器R2所在处出现火警时，电压表V的示数变小D．当传感器R2所在处出现火警时，输电线上的电流变小5．如图所示，小物块以某一初速度v0从固定的粗糙斜面底端上滑至最高点又返回底端，若以沿斜面向上为正方向，用a、x、v和E k分别表示物块加速度、位移、速度和动能，t表示运动时间．则可能正确的图象是( )A．B．C．D．6．如图所示，φ﹣x图象表示空间某一静电场的电势φ沿x轴的变化规律，图象关于φ轴对称分布．x轴上a、b两点电场强度在x方向上的分量分别是E ax、E bx，则( )A．E ax＜E bxB．E ax沿x轴负方向，E bx沿x轴正方向C．同一点电荷在a、b两点受到的电场力方向一定相反D．将正电荷沿x轴从a点移动到b点的过程中，其电势能先增加后减小7．如图所示，abcd为固定的水平光滑矩形金属导轨，导轨间距为L，左右两端接有定值电阻R1和R2，R1=R2=R，整个装置处于磁感应强度大小为B、方向竖直向下的匀强磁场中．质量为m的导体棒MN放在导轨上，棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨与棒的电阻．两根相同的轻质弹簧甲和乙一端固定，另一端同时与棒的中点连接．初始时刻，两根弹簧恰好处于原长状态，棒获得水平向左的初速度v0，第一次运动至最右端的过程中R1产生的电热为Q，下列说法中正确的是( )A．初始时刻棒所受安培力的大小为B．棒第一次回到初始位置的时刻，R2的电功率为C．棒第一次到达最右端的时刻，两根弹簧具有弹性势能的总量为mv﹣QD．从初始时刻至棒第一次到达最左端的过程中，整个回路产生的电热大于二.（必做157分+选做36分，共193分）【必做部分】8．如图所示，在一端带有滑轮的长木板上固定两个光电门1、2，两光电门中心间的距离为L．质量为M的滑块A上固定一宽度为d的遮光条，在质量为m的重物B牵引下从木板的上端加速滑下，遮光条通过光电门时，光电门1、2记录的遮光时间分别为△t1和△t2．（1）用此装置验证牛顿第二定律，且认为滑块A受到合外力的大小等于重物B所受的重力，实验中除了调整长木板倾斜角刚好平衡滑动摩擦力外，M、m还必须满足__________；（2）滑块经过光电门1的速度为__________，实验测得的加速度为__________；（均用题中物理量的符号表示）（3）若考虑到d不是远小于L，则加速度测量值比真实值__________（填“偏大”或“偏小”）．9．某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系，可用的器材如下：电源、滑动变阻器、电流表、电压表、不同规格的小灯泡两个、电键、导线若干．（1）通过实验、作图得到了小灯泡L1的U﹣I图象如图甲中的图线I，则可知小灯泡L1的电阻随电压增大而__________（选填“增大”、“减小”或“不变”）．（2）为了得到图甲中的图线Ⅰ，请将图乙中缺少的两根导线补全，连接成合理的实验电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）．（3）换小灯泡L2重做实验，作图，得到其U﹣I图象如图甲中的图线Ⅱ，若将小灯泡L1、L2并联使用，请根据Ⅰ、Ⅱ两条图线，在图甲中做出两小灯泡并联的U﹣I图象．（4）现将两个小灯泡并联接在电动势3V、内阻6Ω的电源两端，则此时电源两端的电压为__________V；两小灯泡消耗的总功率为__________W．10．（18分）某一空间飞行器质量为m，从地面起飞时，恰好沿与水平方向成θ=30°角的直线斜向上右上方匀加速飞行，此时，发动机提供的动力方向与水平方向夹角α=60°，经时间t后，将动力方向沿逆时针旋转60°，同时适当调节其大小，使飞行器沿原方向匀减速飞行，飞行器所受空气阻力不计，重力加速度为g，求：（1）t时刻飞行器的速度．（2）t时刻发动机动力的功率．（3）从起飞到上升到最大高度的整个过程中，飞行器发动机力做的总功．11．真空中有如图所示的矩形区域，该区域总高度为2h、总宽度为4h，其中上半部分有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的水平匀强磁场，下半部分有方向竖直向下的匀强电场，以水平分界线为x轴，正中心为坐标原点O，在x=2.5h处有一与x轴垂直的足够大的光屏（图中未画出），质量为m、电荷量为q的带负电粒子不断地从下边界中点P处由静止开始经过匀强电场加速，通过坐标原点后射入匀强磁场中，粒子间的相互作用和粒子重力均不计．（1）若粒子从P点开始到第二次通过x轴时，恰好过x=h的点A，求加速电场的场强E1．（2）若要求粒子从磁场的右侧边界射出，求符合条件的加速电场场强E2的范围．（3）若将光屏向x轴正方向平移，粒子打在屏上的位置始终不改变，则加速电场的场强E3多大？粒子在电场和磁场中运动的总时间多长？二.[选做部分]【物理-选修3-3】12．下列叙述正确的有( )A．气体的压强越大，分子的平均动能越大B．自然界中只要涉及热现象的实际过程都具有方向性C．外界气体做正功，气体的内能一定增大D．扩散现象与布朗运动都与温度有关13．如图，横截面积相等的绝热气缸A与导热气缸B均固定于地面，由刚性杆连接的绝热活塞与两气缸间均无摩擦，两气缸内都装有理想气体，初始时体积均V0、温度为T0且压强相等，缓慢加热A中气体，停止加热达到稳定后，A中气体压强变为原来的1.5倍，设环境温度始终保持不变，求气缸A中气体的体积V A和温度T A．【物理--选修3-4】14．一列简谐横波沿x轴传播，图甲是波刚好传播到x=5m处的M点的波形图，图乙是质点N（x=3m）从此时刻开始计时的振动图象，Q是位于x=9m处的质点．下列说法正确的是 ( )A．这列波的波长是4mB．这列波的传播速度是1.25m/sC．M点以后的各质点开始振动时的方向都沿y轴正方向D．质点Q经过7s时，第一次到达波峰15．如图所示，ABCD是一直角梯形棱镜的横截面，位于截面所在平面内的一束光线由O点垂直AD边射入，已知棱镜的折射率n=，AB=BC=8cm，OA=2cm，∠OAB=60°．求：（1）光线第一次射出棱镜时，出射光线的方向．（2）光线第一次射出棱镜时，出射点距C点多远？【物理-选修3-5】16．已知氘核的比结合能是1.09MeV，氚核的比结合能是2.78MeV，氦核的比结合能是7.03MeV．在某次棱反应中，1个氘核和1个氚核结台生成1个氦核，则下列说法中正确的是 ( )A．这是一个裂变反应B．核反应方程式为H+H→He+nC．核反应过程中释放的核能是17.6MeVD．目前核电站都采用上述核反应发电17．如图所示，AOB是光滑水平轨道，BC是半径为R的光滑的固定圆弧轨道，两轨道恰好相切于B点．质量为M的小木块静止在O点，一个质量为m的子弹以某一初速度水平向右射入小木块内，并留在其中和小木块一起运动，且恰能到达圆弧轨道的最高点C（木块和子弹均可以看成质点）．求：（1）子弹射入木块前的速度；（2）若每当小木块返回到O点或停止在O点时，立即有相同的子弹射入小木块，并留在其中，则当第9颗子弹射入小木块后，小木块沿圆弧轨道能上升的最大高度为多少？山东省淄博市2015届高考物理一模试卷一、选择题（共7小题，每小题6分，共42分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，下列物理量中属于用比值法定义的是( )A．a=B．T=C．C=D．I=考点：电容．专题：电容器专题．分析：首先公式必须是定义式；其次要是比值定义法，所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．解答：解：A、是加速度的计算式，不是定义式，故A错误．B、是周期的计算式，不是定义式，故B错误．C、是电容的定义式，且是用的比值定义法，故C正确．D、是电流的计算式，不是定义式，故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键理解比值定义法的特点：被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．2．如图所示，轻弹簧两端拴接两个质量均为m的小球a、b，拴接小球的细线固定在天花板上，两球静止，两细线与水平方向的夹角均为a=30°，弹簧水平，以下说法正确的是( )A．细线拉力大小为mgB．弹簧的弹力大小为mgC．剪断左侧细线瞬间，b球加速度大小为gD．剪断左侧细线瞬间，a球加速度大小为g考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据共点力平衡求解细线的拉力和弹簧的弹力大小．剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律求出a球的瞬时加速度．解答：解：A、B、对a球分析，运用共点力平衡条件得：细线的拉力为：=弹簧的弹力：F=mgcotα=，故A错误，B正确；C、剪断左侧细线的瞬间，弹簧的弹力不变，故小球b所受的合力F合=0，加速度为0，故C 错误；D、剪断左侧细线的瞬间，弹簧的弹力不变，小球a所受的合力F合=T=2mg，根据牛顿第二定律得，a=2g．故D错误．故选：B．点评：本题考查了牛顿第二定律和共点力平衡的基本运用，知道剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变．3．太阳系中的行星受到太阳的引力绕太阳公转，但它们公转的周期却各不相同，若把地球和水星绕太阳的运动轨迹都近似看作圆周，根据观测得知，地球绕太阳公转的周期大于水星绕太阳公转的周期，则由此可以判定( )A．地球的线速度大于水星的线速度B．地球的质量小于水星的质量C．地球的向心加速度小于水星的向心加速度D．地球到太阳的距离小于水星到太阳的距离考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力提供圆周运动向心力根据周期大小关系求得半径关系，再由半径确定向心加速度的关系即可．解答：解：行星绕太阳做匀速圆周运动由万有引力提供圆周运动向心力有：，可得周期T=由于地球公转周期大于水星的公转周期可知，地球的公转半径大于水星的公转半径，则A、线速度可知地球公转半径大线速度小，故A错误；B、根据万有引力提供圆周运动向心力不能由公转半径关系求得环绕天体的质量大小关系，故B错误；C、向心加速度a=知，地球公转半径大于水星的公转半径，故地球的向心加速度小于水星的向心加速度，故C正确；D、地球公转半径大于水星的公转半径，故地球到太阳间的距离大于水星到太阳间的距离，故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键是根据万有引力提供圆周运动向心力由周期关系得出公转半径的关系，再由公转半径关系分析描述圆周运动的物理量间的关系，掌握相关公式是正确解题的基础．4．如图甲为远距离输电示意图，变压器均为理想变压器，升压变压器原、副线圈匝数比为1：100，其输入电压如图乙所示，远距离输电线的总电阻为100Ω．降压变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R1为一定值电阻，R2为用半导体热敏材料制成的传感器，当温度升高时其阻值变小．电压表V显示加在报警器上的电压（报警器未画出）．未出现火警时，升压变压器的输入功率为750kW．下列说法中正确的有( )A．降压变压器副线圈输出的交流电频率为50HzB．远距离输电线路损耗功率为180kwC．当传感器R2所在处出现火警时，电压表V的示数变小D．当传感器R2所在处出现火警时，输电线上的电流变小考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：由图乙知交流电的周期0.02s，所以频率为50Hz；根据升压变压器的输入电压，结合匝数比求出输出电压，从而得出输送电流，根据输电线的电阻得出损失的功率，根据闭合电路的动态分析判断电流与电压的变化．解答：解：A、由图乙知交流电的周期0.02s，所以频率为50Hz，A正确；B、由图乙知升压变压器输入端电压有效值为250V，根据电压与匝数成正比知副线圈电压为25000V，所以输电线中的电流为：，输电线损失的电压为：△U=IR=30×100=3000V，输电线路损耗功率为：△P=△UI=90kW，B错误；C、当传感器R2所在处出现火警时其阻值减小，副线圈两端电压不变，副线圈中电流增大，定值电阻的分压增大，所以电压表V的示数变小，C正确；D、由C知副线圈电流增大，根据电流与匝数成反比知输电线上的电流变大，D错误；故选：AC．点评：解决本题的关键知道：1、输送功率与输送电压、电流的关系；2、变压器原副线圈的电压比与匝数比的关系；3、升压变压器输出电压、降压变压器输入电压、电压损失的关系；4、升压变压器的输出功率、功率损失、降压变压器的输入功率关系．5．如图所示，小物块以某一初速度v0从固定的粗糙斜面底端上滑至最高点又返回底端，若以沿斜面向上为正方向，用a、x、v和E k分别表示物块加速度、位移、速度和动能，t表示运动时间．则可能正确的图象是( )A．B．C．D．考点：动能定理；匀变速直线运动的图像．专题：动能定理的应用专题．分析：根据某物块以初速度v0从底端沿斜面上滑至最高点后又回到底端，知上滑过程中，物块做匀减速直线运动，下滑时做匀加速直线运动；在粗糙斜面上运动，摩擦力做功，物体的机械能减少，故回到底端时速度小于出发时的速度；根据运动特征判断各图形．解答：解：A、在上滑的过程中加速度为，在下滑过程中加速度为，故A错误B、上滑时做匀减速运动，故h曲线斜率先大后小，且平均速度大，运动时间短；下滑时做匀加速运动，故h曲线斜率先小后大，且平均速度小，运动时间长；故B正确．C、由于上滑时合外力为重力分力和摩擦力之和，加速度大小不变，沿斜面向下；下滑时合外力为重力分力和摩擦力之差，加速度大小不变，方向沿斜面向下；所以上滑时加速度大，所以速度曲线斜率大；下滑时加速度小，所以速度曲线效率小，方向向下，为负值，且此过程中，摩擦力做功，使物块到达底端的速率变小，故C错误．D、根据动能定理得：，上滑时做匀减速运动，故E K曲线斜率先大后小；下滑时做匀加速运动，故E k曲线斜率先小后大，故D错误．故选：B．点评：根据图示各物理量的曲线斜率代表的意义，结合实际运动分析即可．6．如图所示，φ﹣x图象表示空间某一静电场的电势φ沿x轴的变化规律，图象关于φ轴对称分布．x轴上a、b两点电场强度在x方向上的分量分别是E ax、E bx，则( )A．E ax＜E bxB．E ax沿x轴负方向，E bx沿x轴正方向C．同一点电荷在a、b两点受到的电场力方向一定相反D．将正电荷沿x轴从a点移动到b点的过程中，其电势能先增加后减小考点：电势差与电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题的入手点在于如何判断E ax、E bx的大小，由图象可知在x轴上各点的电场强度在x方向的分量不相同，如果在x方向上取极小的一段，可以把此段看做是匀强电场，用匀强电场的处理方法思考，从而得到结论，此方法为微元法．解答：解：A、在a点和b点附近分别取很小的一段距离△x，由图象，a点段对应的电势差大于b点段对应的电势差，看做匀强电场，由公式E=，可见E ax＞E bx，故A错误；B、沿电场方向电势降低，在O点左侧，顺着+x轴方向电势升高，则E ax的方向沿x轴负方向，在O点右侧，沿+x轴方向电势降低，则E bx的方向沿x轴正方向，故B正确；C、由题可知，图为电势沿x轴的分量，B仅为沿电场沿x轴分量，并不是总的电场方向，所以不能判断出总的电场力的方向，所以知同一点电荷在a、b两点受到的电场力方向不一定相反，故C错误；D、将正电荷沿x轴从a移动到b的过程中，电场力先做负功后做正功，其电势能先增加后减小，故D正确；故选：BD．点评：本题需要对电场力的性质和能的性质由较为全面的理解，并要求学生能灵活应用微分法；故此题的难度较高．7．如图所示，abcd为固定的水平光滑矩形金属导轨，导轨间距为L，左右两端接有定值电阻R1和R2，R1=R2=R，整个装置处于磁感应强度大小为B、方向竖直向下的匀强磁场中．质量为m的导体棒MN放在导轨上，棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨与棒的电阻．两根相同的轻质弹簧甲和乙一端固定，另一端同时与棒的中点连接．初始时刻，两根弹簧恰好处于原长状态，棒获得水平向左的初速度v0，第一次运动至最右端的过程中R1产生的电热为Q，下列说法中正确的是( )A．初始时刻棒所受安培力的大小为B．棒第一次回到初始位置的时刻，R2的电功率为C．棒第一次到达最右端的时刻，两根弹簧具有弹性势能的总量为mv﹣QD．从初始时刻至棒第一次到达最左端的过程中，整个回路产生的电热大于考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率．专题：电磁感应与电路结合．分析：由E=BLv0、I=、F=BIL三个公式结合求解初始时刻棒受到安培力大小．MN棒从开始到第一次运动至最右端，电阻R上产生的焦耳热为2Q，整个回路产生的焦耳热为4Q．解答：解：A、由F=BIL及I==，得安培力大小为F A=BIL=．故A错误；B、由于安培力始终对MN做负功，产生焦耳热，由动能定理得：当棒再次回到初始位置时，速度小于v0，棒产生的感应电动势小于BLv0，则AB间电阻R的功率小于，故B错误；C、由能量守恒得知，当棒第一次达到最右端时，物体的机械能全部转化为整个回路中的焦耳热和甲乙弹簧的弹性势能，两个电阻相同并联，故产生的热量相同，则电路中产生总热量为2Q，所以两根弹簧具有的弹性势能为，故C错误；D、由于安培力始终对MN做负功，产生焦耳热，棒第一次达到最左端的过程中，棒平均速度最大，安培力平均值最大，电路中产生总热量为2Q，从初始时刻至棒第一次到达最左端的过程中；整个回路中产生的焦耳热应大于×2Q，故D正确．故选：D点评：本题分析系统中能量如何转化是难点，也是关键点，根据导体棒克服安培力做功等于产生的焦耳热，分析电阻R上产生的热量．二.（必做157分+选做36分，共193分）【必做部分】8．如图所示，在一端带有滑轮的长木板上固定两个光电门1、2，两光电门中心间的距离为L．质量为M的滑块A上固定一宽度为d的遮光条，在质量为m的重物B牵引下从木板的上端加速滑下，遮光条通过光电门时，光电门1、2记录的遮光时间分别为△t1和△t2．（1）用此装置验证牛顿第二定律，且认为滑块A受到合外力的大小等于重物B所受的重力，实验中除了调整长木板倾斜角刚好平衡滑动摩擦力外，M、m还必须满足M＞＞m；（2）滑块经过光电门1的速度为，实验测得的加速度为；（均用题中物理量的符号表示）（3）若考虑到d不是远小于L，则加速度测量值比真实值偏大（填“偏大”或“偏小”）．考点：验证牛顿第二运动定律．专题：实验题．分析：为了认为A所受的外力合力等于B的重力，首先需要平衡摩擦力，其次是重物的质量远小于滑块的质量．根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出滑块通过光电门1、2的瞬时速度，结合速度位移公式求出加速度．解答：解：（1）根据牛顿第二定律，对整体有：a=，则绳子的拉力F=Ma==，当M＞＞m，重物的总重力等于绳子的拉力，等于滑块的合力．（2）滑块通过光电门1的瞬时速度：，通过光电门2的瞬时速度为：，根据v22﹣v12=2aL，解得：a=．（3）若考虑到d不是远小于L，两个中间时刻的实际距离大于L，而测量值为L，所以加速度的测量值比真实值大．故答案为：（1）M＞＞m；（2）；；（3）偏大．点评：解决本题的关键知道验证牛顿第二定律实验中的两个认为：1、认为绳子的拉力等于滑块的合力，（前提需平衡摩擦力），2、认为重物的拉力等于绳子的拉力，（前提是重物的质量远小于滑块的质量）．9．某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系，可用的器材如下：电源、滑动变阻器、电流表、电压表、不同规格的小灯泡两个、电键、导线若干．（1）通过实验、作图得到了小灯泡L1的U﹣I图象如图甲中的图线I，则可知小灯泡L1的电阻随电压增大而增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）．（2）为了得到图甲中的图线Ⅰ，请将图乙中缺少的两根导线补全，连接成合理的实验电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）．（3）换小灯泡L2重做实验，作图，得到其U﹣I图象如图甲中的图线Ⅱ，若将小灯泡L1、L2并联使用，请根据Ⅰ、Ⅱ两条图线，在图甲中做出两小灯泡并联的U﹣I图象．（4）现将两个小灯泡并联接在电动势3V、内阻6Ω的电源两端，则此时电源两端的电压为0.6V；两小灯泡消耗的总功率为0.24W．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：本题（1）根据电阻的定义表达式可知，U﹣I图象上的点与原点连线的斜率表示电阻大小；题（2）的关键是根据图象得出变阻器应采用分压式接法；题（3）根据并联电阻电压与电流的特点作出对应的各点坐标即可；题（4）在表示灯的U﹣I图象中同时作出表示电源的U﹣I图象，然后读出两图线的交点坐标即可．解答：解：（1）由R=可知，U﹣I图象上的点与原点连线的斜率等于导体的电阻，所以小灯泡的电阻随电压增大而增大；（2）由U﹣I图象可知变阻器应采用分压式接法，实物连线图如图所示：。

山东省淄博实验中学2015届高三下学期第三次模拟考试物理试题(扫描版有答案)

理科综合试题物理答案二、选择题 14．B 15.A 16.CD 17.C 18.BCD 19.BCD 20.AD21. （1）12.35（2分）（2）错误！未找到引用源。

（2分）、4x （1分）（3）4mgx －错误！未找到引用源。

（3分）22.（10分）① C （3分）② 电路如图所示（4分） ③vR U n N ⋅(或3000U n N ⋅) U 为电压表读数，R v 为电压表内阻（3分） 23.（18分）解：（1）物体A 滑上平板车B 以后，物体作匀减速运动，平板车作匀加速运动，两者速度相同时,物体A 在平板车上相对小车向前滑行的距离最大。

由牛顿第二定律，对物体A 有：μmg=ma A (1分) 得 a A =μg =2 m/s 2 (1分)对平板车B 有： ① (1分) 得：a B =14 m/s 2 (1分)两者速度相同时，有 (1分) 得：t =0.25s （1分）此过程：A 滑行距离： m (1分)B 滑行距离： m (1分)此时物体A 相对小车向前滑行的距离最大：△s= S A - S B =0.5m (1分)（2）物体A 不从车右端滑落的临界条件是A 到达B 的右端时，A 、B 具有共同的速度v 1，则：………② (2分) 又： ……………③ (1分)由② ③式，可得：a B =6 m/s 2 (1分) 代入①式得： F=M a B —μmg =1 N (1分)若F ＜1N ，则A 滑到B 的右端时，速度仍大于B 的速度，于是将从小车B 的右端滑落。

当F 较大时，在A 到达B 的右端之前，就与B 具有相同的速度，之后，A 必须相对B 静止，才不会从B 的左端滑落。

即有：F=（M+m ）a m ， (1分) μm 1g =m 1a m (1分)解之得：F ＝3N (1分)若F 大于3N ，A 就会从小车B 的左端滑下。

综上：力F 应满足的条件是： 1N≤F≤3N (1分)24．（20分）解（1）设带电粒子在两金属板间运动的时间为1t ，则01L v t =………………………………….(1)…………………………………………1分解得6210t s -=⨯设带电粒子在两金属板间运动的加速度大小为a ，根据牛顿第二定律得0qU ma d=…………………………(2) …………………………………………1分由题意知，在(0,1,2......)t kT k ==时刻进入电场的粒子其侧向位移最大，……1分其最大侧向位移为 2211max 1()()222t t y a a =+…………………..(3) ………1分由（1）（2）（3）联立得max 22.5y cm =………………………………………1分（2）所有带电粒子在电场中加速时间均相同，设其出电场时竖直方向的速度大小为y v ，则51 1.510/2y t v am s ==⨯…………………………(4) …………………………………………1分粒子出电场时的速度大小为52.510/v m s ==⨯………………………1分设粒子出电场时速度与水平方向的夹角为α，03tan 4yv v α==………………1分故所有粒子出电场时的速度方向均相同，且出电场后，进入磁场前做匀速直线运动，所以在边界MN 上的宽度与粒子出电场的宽度相等。

2015年山东省淄博市高考物理三模试卷和答案

2015年山东省淄博市高考物理三模试卷一、选择题（共7小题，每小题6分，共42分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（6分）一个质点运动的v﹣t图象如图甲所示，任意很短时间内质点的运动可以近似视为匀速运动，该时间内质点的位移即为条形阴影区域的面积，经过累积，图线与坐标轴围成的面积即为质点在相应时间内的位移．利用这种“微元累积法”我们可以研究许多物理问题，图乙是某物理量随时间变化的图象，关于此图线与坐标轴所围成的面积，下列说法中正确的是（）A．如果y轴表示力做功的功率，则面积等于该力在相应时间内所做的功B．如果y轴表示变化磁场在金属线圈产生的电动势，则面积等于该磁场在相应时间内磁感应强度的变化量C．如果y轴表示流过用电器的电流，则面积等于在相应时间内该用电器消耗的电能D．如果y轴表示加速度，则面积等于质点在相应时间内的速度变化2．（6分）两个半径均为r的光滑圆球A和B，用长均为r的细绳悬挂在天花板上的O点，如图所示．A、B两球均处于平衡状态，OA与竖直方向夹角为α=45°，则下列说法正确的是（）A．A球对B球的作用力大于B球对A球的作用力B．B球受到的合外力大于A球受到的合外力C．A球质量较大D．细绳对B球的拉力较大3．（6分）如图甲为理想变压器的示意图，其原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想电表，R t为阻值随温度升高而变大的热敏电阻，R为定值电阻．若发电机向原线圈输入如图乙所示的正弦交流电，则下列说法正确的是（）A．变压器副线圈输出电压的有效值为9VB．t=0.015s时，发电机的线圈平面与磁场方向垂直C．R t温度升高时，电流表的示数变小，电压表的读数也变小D．温度升高时，R的电功率增大4．（6分）如图所示为真空中两个异种点电荷a、b电场的等势面分布，A、B为电场中的两点，且A点电势高于B点电势，则下列说法正确的是（）A．a带负电B．A的场强方向沿该处等势面的切线方向C．同一检验电荷，在A点受到的电场力小于在B点受到的电场力D．正检验电荷从A点移到B点，电势能增加5．（6分）据报道，有科学家支持让在2006年被除名的冥王星重新拥有“行星”称号，而最终结果将在国际天文联合会2015年举行的会议上才能做出决定．下表是关于冥王星的一些物理量（万有引力常量G已知），则下列说法正确的是（）A．冥王星绕日公转的线速度比地球绕日公转的线速度小B．冥王星绕日公转的加速度比地球绕日公转的加速度大C．根据所给信息，可以估算冥王星表面重力加速度的大小D．根据所给信息，可以估算太阳的体积6．（6分）如图甲所示，圆形的刚性金属线圈与一平行板电容器连接，线圈内存在垂直于线圈平面的匀强磁场，取垂直于纸面向里为磁感应强度B的正方向，B 随时间t的变化关系如图乙所示．t=0时刻，在平行板电容器间，由静止释放一带正电的粒子（重力可忽略不计），假设粒子运动未碰到极板，不计线圈内部磁场变化对外部空间的影响，下列关于粒子在板间运动的速度图象和位移图象（以向上为正方向）正确的是（）A．B．C．D．7．（6分）如图甲所示是一打桩机的简易模型．质量m=1kg的物块在拉力F作用下从与铁钉接触处由静止开始运动，上升一段高度后撤去F，到最高点后自由下落，撞击铁钉，将铁钉打入10cm深度，物块不再被弹起．若以初始状态物块与铁钉接触处为零势能点，物块上升过程中，机械能E与上升高度h的关系图象如图乙所示．撞击前不计所有阻力，碰撞瞬间损失2J的能量，已知铁钉的质量为0.2kg，g=10m/s2．则（）A．物块在F作用下向上运动的加速度为12 m/s2B．物块上升过程的最大速度为2m/sC．物块上升到0.25m高度处拉力F的瞬时功率为12WD．铁钉被打入10cm深度的过程中受到的平均阻力为112N二、非选择题，其中8～12题为必做部分，13～18题为选做部分．【必做部分】8．（8分）某实验小组利用图（a）所示实验装置及数字化信息系统探究“外力做功与小车动能变化的关系”．实验时将小车拉到水平轨道的O位置由静止释放，在小车从O位置运动到A位置过程中，经计算机处理得到了弹簧弹力与小车位移的关系图线如图（b）所示，还得到了小车在A位置的速度大小v A；另外用电子秤测得小车（含位移传感器发射器）的总质量为m．回答下列问题：（1）由图（b）可知，图（a）中A位置到力传感器的距离（“小于”、“等于”或“大于”）弹簧原长．（2）小车从O位置运动到A位置过程中弹簧对小车所做的功W=，小车的动能改变量△E k=．（用m、v A、F A、F0、x A中各相关物理量表示）（3）若将弹簧从小车上卸下，给小车一初速度v0，让小车从轨道右端向左端滑动，利用位移传感器和计算机得到小车的速度随时间变化的图线如图（c）所示，则小车所受轨道摩擦力的大小f=．（用m、v0、t m中各相关物理量表示）（4）综合步骤（2）、（3），该实验所要探究的“外力做功与小车动能变化的关系”表达式是．（用m、v A、F A、F0、x A、v0、t m中各相关物理量表示）9．（2分）现有一多用电表，其欧姆挡的“0”刻度线与中值刻度线问刻度模糊，若用该欧姆挡的×100Ω挡，经正确调零后，规范测量某一待测电阻R时，指针所指的位置与“0”刻度线和中值刻度线间的夹角相等，如图乙所示，则该待测电阻R=Ω．10．（8分）某同学准备利用下列器材测量干电池的电动势和内电阻．A．待测干电池两节，每节电池电动势约为1.5V，内阻约几欧姆B．直流电压表V1、V2，量程均为3V，内阻很大C．定值电阻R0未知D．滑动变阻器R，最大阻值R mE．导线和开关①根据如图甲所示的实物连接图，在图乙方框中画出相应的实验原理图②实验之前，需要利用该电路图测出定值电阻R0，方法是先把滑动变阻器R调到最大阻值R m，再闭合开关，电压表V1和V2的读数分别为U10、U20，则R0=（用U10、U20、R m表示）③实验中移动滑动变阻器触头，读出电压表V1和V2的多组数据U1、U2，描绘出U1﹣U2图象如图丙所示，图中直线斜率为k，与横轴的截距为a，则两节干电池的总电动势E=，总内阻r=（用k、a、R0表示）．11．（18分）某电视台的娱乐节目中，有一个拉板块的双人游戏，考验两人的默契度．如图所示，一长L=0.60m、质量M=0.40kg的木板靠在光滑竖直墙面上，木板右下方有一质量m=0.80kg的小滑块（可视为质点），滑块与木板间的动摩擦因数为μ=0.20，滑块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2．一人用水平恒力F1向左作用在滑块上，另一人用竖直恒力F2向上拉动滑块，使滑块从地面由静止开始向上运动．（1）为使木板能向上运动，求F1必须满足什么条件？（2）若F1=22N，为使滑块与木板能发生相对滑动，求F2必须满足什么条件？（3）游戏中，如果滑块上移h=1.5m时，滑块与木板没有分离，才算两人配合默契，游戏成功．现F1=24N，F2=16N，请通过计算判断游戏能否成功？12．（20分）如图所示，在xOy平面的第Ⅱ象限的某一区域有垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B1，该磁场区域的边界为半圆形．有一质量m=10﹣12kg、带正电q=10﹣7C的a粒子从O点以速度v0=105m/s，沿与y轴正方向成θ=30°射入第Ⅱ象限，经磁场偏转后，从y轴上的P点垂直于y轴射出磁场，进入第Ⅰ象限，P点纵坐标为y P=3m，y轴右侧和垂直于x轴的虚线左侧间有平行于y轴指向y 轴负方向的匀强电场，a粒子将从虚线与x轴交点Q进入第Ⅳ象限，Q点横坐标x Q=6m，虚线右侧有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B2=B1．不计粒子的重力，求：（1）匀强电场的电场强度E的大小（保留三位有效数字）．（2）半圆形磁场磁感应强度B1的大小及该半圆形磁场区域的最小面积S．（3）若在a粒子刚进入磁场B1的同时，另有一质量m=10﹣12kg、带负电q=10﹣7C 的b粒子，从y轴上的M点（图中未画）仍以速度v0垂直于y轴射入电场，a、b两粒子将在磁场B2区域迎面相遇于N点，求N点的坐标．（不计a、b粒子间的相互作用力）【选做部分】请考生从以下三个模块中任选一模块作答（12分）【物理-选修3-3】13．（4分）一定质量的理想气体分别在T1、T2温度下发生等温变化，相应的两条等温线如图所示，T2对应的图线上有A、B两点，表示气体的两个状态．下列叙述正确的是（）A．温度为T1时气体分子的平均动能比T2时大B．A到B的过程中，气体从外界吸收热量C．A到B的过程中，气体内能增加D．A到B的过程中，气体分子单位时间内对器壁单位面积上的碰撞次数减少14．（8分）如图所示，一圆柱形绝热气缸竖直放置，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体，活塞的质量为m，横截面积为S，与容器底部相距h．现通过电热丝缓慢加热气体，当气体吸收热量Q时，活塞上升高度h，此时气体的温度为T1．已知大气压强为p0，重力加速度为g，不计活塞与气缸的摩擦．求：（1）加热过程中气体的内能增加量；（2）现停止对气体加热，同时在活塞上缓慢添加砂粒，当添加砂粒的质量为m0时，活塞恰好回到原来的位置，求此时气体的温度．（12分）【物理-选修3-4】15．如图，a、b、c、d是均匀媒质中x轴上的四个质点，相邻两点的间距依次为2m、4m和6m．一列简谐横波以2m/s的波速沿x轴正向传播，在t=0时刻到达质点a处，质点a由平衡位置开始竖直向下运动，t=3s时a第一次到达最高点．下列说法正确的是（）A．在t=6s时刻波恰好传到质点d处B．在t=5s时刻质点c恰好到达最高点C．质点b开始振动后，其振动周期为4sD．当质点d向下运动时，质点b一定向上运动16．如图所示，半圆形玻璃砖的半径R=10cm，AB与屏幕垂直并接触于A点，激光束a射向半圆形玻璃砖的圆心O，激光束a对准O点从图示位置在纸面内顺时针方向旋转，当转过角度为30°时，光屏上有两个光斑，当转过的角度刚好为45°时，光屏上恰好只有一个光斑，求：①玻璃砖的折射率n；②当转过角度为30°时，光屏上两个光斑之间的距离L．（12分）【物理-选修3-5】17．下列叙述正确的有（）A．β衰变现象说明电子是原子核的组成部分B．目前已建成的核电站的能量来自于重核裂变C．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能增大，原子总能量增大D．卢瑟福依据极少数α粒子发生大角度散射提出了原子核式结构模型18．一个静止的铀核U（原子质量为232.0372u）放出一个α粒子（原子质量为4.0026u）后衰变成钍核Th（原子质量为228.0287u）．（已知：原子质量单位1u=1.67×10﹣27kg，1u相当于931MeV）①写出核衰变反应方程，并算出该核衰变反应中释放出的核能．②假设反应中释放出的核能全部转化为钍核和α粒子的动能，则钍核获得的动能有多大？2015年山东省淄博市高考物理三模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共7小题，每小题6分，共42分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（6分）一个质点运动的v﹣t图象如图甲所示，任意很短时间内质点的运动可以近似视为匀速运动，该时间内质点的位移即为条形阴影区域的面积，经过累积，图线与坐标轴围成的面积即为质点在相应时间内的位移．利用这种“微元累积法”我们可以研究许多物理问题，图乙是某物理量随时间变化的图象，关于此图线与坐标轴所围成的面积，下列说法中正确的是（）A．如果y轴表示力做功的功率，则面积等于该力在相应时间内所做的功B．如果y轴表示变化磁场在金属线圈产生的电动势，则面积等于该磁场在相应时间内磁感应强度的变化量C．如果y轴表示流过用电器的电流，则面积等于在相应时间内该用电器消耗的电能D．如果y轴表示加速度，则面积等于质点在相应时间内的速度变化【解答】解：A、如果y轴表示力做功的功率，则面积等于该力在相应时间内所做的功．故A正确．B、如果y轴表示变化磁场在金属线圈产生的电动势，根据E=知，△Φ=E•△t知，面积等于该磁场在相应时间内磁通量的变化量．故B错误．C、如果y轴表示流过用电器的电流，由q=It知，面积等于在相应时间内流过该用电器的电量．故C错误．D、如果y轴表示加速度，由a=知，△v=a△t，知面积等于质点在相应时间内的速度变化．故D正确．故选：AD．2．（6分）两个半径均为r的光滑圆球A和B，用长均为r的细绳悬挂在天花板上的O点，如图所示．A、B两球均处于平衡状态，OA与竖直方向夹角为α=45°，则下列说法正确的是（）A．A球对B球的作用力大于B球对A球的作用力B．B球受到的合外力大于A球受到的合外力C．A球质量较大D．细绳对B球的拉力较大【解答】解：A、A球对B球的作用力与B球对A球的作用力，大小相等，故A 错误；B、两个球均受力平衡，合力为零，故错误；CD、两个绳子的长度均为r，故图中O点和两个球的球心构成等边三角形；对两个球分别受力分析，如图所示：A球对B球的作用力与B球对A球的作用力相等，设为F；根据平衡条件，对A球，有：对B球，有：故，，故m A＜m B，故C错误；，=，故T A＜T B，故D正确；故选：D3．（6分）如图甲为理想变压器的示意图，其原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想电表，R t为阻值随温度升高而变大的热敏电阻，R为定值电阻．若发电机向原线圈输入如图乙所示的正弦交流电，则下列说法正确的是（）A．变压器副线圈输出电压的有效值为9VB．t=0.015s时，发电机的线圈平面与磁场方向垂直C．R t温度升高时，电流表的示数变小，电压表的读数也变小D．温度升高时，R的电功率增大【解答】解：A、由图乙可知交流电压最大值U m=36V，，根据得：，故A正确；B、周期T=0.02s，可由周期求出角速度的值为ω==100πrad/s，则可得交流电压u的表达式U=36sin100πtV，当t=0.015s时，，此时电动势最大，发电机的线圈平面与磁场方向平行，故B错误；C、t处温度升高时，阻值增大，电流表的示数减小，因为输入电压不变，所以电压表示数不变，故C错误；D、t处温度升高时，阻值增大，电流表的示数减小，R为定值电阻，根据P=I2R 可知电功率减小，故D错误；故选：A．4．（6分）如图所示为真空中两个异种点电荷a、b电场的等势面分布，A、B为电场中的两点，且A点电势高于B点电势，则下列说法正确的是（）A．a带负电B．A的场强方向沿该处等势面的切线方向C．同一检验电荷，在A点受到的电场力小于在B点受到的电场力D．正检验电荷从A点移到B点，电势能增加【解答】解：A、由题可知，由于A点的电势高于B点的电势，结合顺着电场线方向电势逐渐降低可知，a处的电势一定高于b点处的电势，所以a带正电，b 带负电．故A错误；B、由于等势面与电场线的方向总是垂直，所以a的场强方向沿该处等势面的切线的垂直方向．故B错误；C、由图可知，由于B处等势面比较密，所以B处的电场强度大，而A处的电场强度小，所以同一检验电荷，在A点受到的电场力小于在B点受到的电场力．故C正确；D、由题可知，由于A点的电势高于B点的电势，所以正检验电荷从A点移到B 点，电场力做正功，电势能减小．故D错误．故选：C5．（6分）据报道，有科学家支持让在2006年被除名的冥王星重新拥有“行星”称号，而最终结果将在国际天文联合会2015年举行的会议上才能做出决定．下表是关于冥王星的一些物理量（万有引力常量G已知），则下列说法正确的是（）A．冥王星绕日公转的线速度比地球绕日公转的线速度小B．冥王星绕日公转的加速度比地球绕日公转的加速度大C．根据所给信息，可以估算冥王星表面重力加速度的大小D．根据所给信息，可以估算太阳的体积【解答】解：AC、根据表格得出冥王星公转周期大于地球公转周期，根据万有引力提供向心力，解得T=，所以冥王星轨道半径大于地球轨道半径，根据，解得v=，a=，冥王星轨道半径大于地球轨道半径，所以冥王星绕日公转的线速度比地球绕日公转的线速度小，冥王星轨道半径大于地球轨道半径，所以冥王星绕日公转的加速度比地球绕日公转的加速度小，故A正确，B错误．C、根据星球表面万有引力等于重力得：，冥王星表面重力加速度的大小g=，根据表格的数据可以估算冥王星表面重力加速度的大小，故C正确．D、根据所给信息，无法估算太阳的体积的大小，故D错误．故选：AC．6．（6分）如图甲所示，圆形的刚性金属线圈与一平行板电容器连接，线圈内存在垂直于线圈平面的匀强磁场，取垂直于纸面向里为磁感应强度B的正方向，B 随时间t的变化关系如图乙所示．t=0时刻，在平行板电容器间，由静止释放一带正电的粒子（重力可忽略不计），假设粒子运动未碰到极板，不计线圈内部磁场变化对外部空间的影响，下列关于粒子在板间运动的速度图象和位移图象（以向上为正方向）正确的是（）A．B．C．D．【解答】解：0～内情况：由楞次定律可知，金属板上极板带负电，金属板下极板带正电；因粒子带正电，则粒子所受电场力方向竖直向上而向上做匀加速运动．～内情况：由楞次定律可知，金属板上极板带正电，金属板下极板带负电；因粒子带正电，则粒子所受电场力方向竖直向下而向上做匀减速运动，直到速度为零．～内情况：由楞次定律可知，金属板上极板带正电，金属板下极板带负电，带正电粒子向下匀加速，同理，～T内情况：由楞次定律可知，金属板上极板带负电，金属板下极板带正电；因粒子带正电，则粒子所受电场力方向竖直向上，而向下做匀减速运动，直到速度为零；由上分析可知，末速度减小为零，位移最大，当T末，粒子回到了原来位置．故A正确，BCD错误；故选：A．7．（6分）如图甲所示是一打桩机的简易模型．质量m=1kg的物块在拉力F作用下从与铁钉接触处由静止开始运动，上升一段高度后撤去F，到最高点后自由下落，撞击铁钉，将铁钉打入10cm深度，物块不再被弹起．若以初始状态物块与铁钉接触处为零势能点，物块上升过程中，机械能E与上升高度h的关系图象如图乙所示．撞击前不计所有阻力，碰撞瞬间损失2J的能量，已知铁钉的质量为0.2kg，g=10m/s2．则（）A．物块在F作用下向上运动的加速度为12 m/s2B．物块上升过程的最大速度为2m/sC．物块上升到0.25m高度处拉力F的瞬时功率为12WD．铁钉被打入10cm深度的过程中受到的平均阻力为112N【解答】解：A、物体上升1m高度时的机械能E=mgh1，即：12=10×1+v，解得物体上升过程中最大速度v1=2m/s．根据匀变速直线运动的速度位移公式得：v12=2ah1，可知物体上升过程的加速度为：a==2m/s2．故AB错误；C、根据速度位移公式得：v22=2ah′，解得：v2==m/s=1m/s；根据牛顿第二定律得：F﹣mg=ma，解得：F=mg+ma=1×12N=12N，则拉力F的瞬时功率为：P=Fv=12×1W=12W．故C正确．D、根据机械能守恒得，物体与钉子接触时的动能为12J，根据能量守恒得：（m+m′）gh2+=fh2+△E，代入数据（1+0.2）×10×0.1+12=f×0.1+2得：f=112N．故D正确．故选：CD二、非选择题，其中8～12题为必做部分，13～18题为选做部分．【必做部分】8．（8分）某实验小组利用图（a）所示实验装置及数字化信息系统探究“外力做功与小车动能变化的关系”．实验时将小车拉到水平轨道的O位置由静止释放，在小车从O位置运动到A位置过程中，经计算机处理得到了弹簧弹力与小车位移的关系图线如图（b）所示，还得到了小车在A位置的速度大小v A；另外用电子秤测得小车（含位移传感器发射器）的总质量为m．回答下列问题：（1）由图（b）可知，图（a）中A位置到力传感器的距离大于（“小于”、“等于”或“大于”）弹簧原长．（2）小车从O位置运动到A位置过程中弹簧对小车所做的功W=•x A，小车的动能改变量△E k=m．（用m、v A、F A、F0、x A中各相关物理量表示）（3）若将弹簧从小车上卸下，给小车一初速度v0，让小车从轨道右端向左端滑动，利用位移传感器和计算机得到小车的速度随时间变化的图线如图（c）所示，则小车所受轨道摩擦力的大小f=m．（用m、v0、t m中各相关物理量表示）（4）综合步骤（2）、（3），该实验所要探究的“外力做功与小车动能变化的关系”表达式是（F0+F A﹣2m）x A=mv A2．（用m、v A、F A、F0、x A、v0、t m中各相关物理量表示）【解答】解：（1）根据计算机处理得到了弹簧弹力与小车位移的关系图线可知，弹簧的弹力随弹簧长度的减小而减小，可知弹簧的长度减小时，伸长量减小，A 位置弹簧仍然处于伸长状态，因此力传感器的距离大于弹簧原长；（2）根据功的定义可知，功是力在空间的积累效果，W=FS，结合F﹣S图象可知，小车从O到A的过程中，拉力做的功可以用梯形的面积来表示，即：W=•x A，小车的初速度是0，末速度是v A，则动能的改变量：△E k=m﹣0=m（3）根据图c可知，小车在不受弹簧的弹力时做匀减速直线运动，说明小车受到摩擦力的作用，结合图c可知，小车的加速度：a==，所以，小车受到的摩擦力：f=ma=m由此可知，在有弹簧的弹力时，弹簧的弹力和摩擦力共同为小车做功，则：W总=W﹣fS A（4）由（3）的分析可知，小车运动的过程中，该同学需要验证的关系式是：（F0+F A ﹣2m）x A=mv A2；故答案为：（1）大于；（2）•x A，m；（3）m；（4）：（F0+F A﹣2m）x A=mv A2．9．（2分）现有一多用电表，其欧姆挡的“0”刻度线与中值刻度线问刻度模糊，若用该欧姆挡的×100Ω挡，经正确调零后，规范测量某一待测电阻R时，指针所指的位置与“0”刻度线和中值刻度线间的夹角相等，如图乙所示，则该待测电阻R=500Ω．【解答】欧姆表调零时，I g=，由图示欧姆表可知，中央刻度值为：15×100Ω=1500Ω，指针在中央刻度线时：I g=，欧姆表指针所指的位置与“0”刻度线和中值刻度线间的夹角相等，则电流：I=I g=，解得：R X=500Ω．故答案为：50010．（8分）某同学准备利用下列器材测量干电池的电动势和内电阻．A．待测干电池两节，每节电池电动势约为1.5V，内阻约几欧姆B．直流电压表V1、V2，量程均为3V，内阻很大C．定值电阻R0未知D．滑动变阻器R，最大阻值R mE．导线和开关①根据如图甲所示的实物连接图，在图乙方框中画出相应的实验原理图②实验之前，需要利用该电路图测出定值电阻R0，方法是先把滑动变阻器R调到最大阻值R m，再闭合开关，电压表V1和V2的读数分别为U10、U20，则R0=（用U10、U20、R m表示）③实验中移动滑动变阻器触头，读出电压表V1和V2的多组数据U1、U2，描绘出U1﹣U2图象如图丙所示，图中直线斜率为k，与横轴的截距为a，则两节干电池的总电动势E=，总内阻r=（用k、a、R0表示）．【解答】解：（1）由实物图可知电路的连接方式，得出的实物图如图所示；（2）由图可知，V2测量R0与R两端的电压，V1测量R两端的电压，则R0两端的电压U20﹣U10；由欧姆定律可知，R0==；（3）由闭合电路欧姆定律可知，E=U2+变形得：U1=U2+则由图可知，当U1=0时，与横轴的截距为a，则有：a+=0则有：（r+R0）a=R0E；=k解得：E=故答案为：（1）如图所示；（2）；11．（18分）某电视台的娱乐节目中，有一个拉板块的双人游戏，考验两人的默契度．如图所示，一长L=0.60m、质量M=0.40kg的木板靠在光滑竖直墙面上，木板右下方有一质量m=0.80kg的小滑块（可视为质点），滑块与木板间的动摩擦因数为μ=0.20，滑块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2．一人用水平恒力F1向左作用在滑块上，另一人用竖直恒力F2向上拉动滑块，使滑块从地面由静止开始向上运动．（1）为使木板能向上运动，求F1必须满足什么条件？（2）若F1=22N，为使滑块与木板能发生相对滑动，求F2必须满足什么条件？（3）游戏中，如果滑块上移h=1.5m时，滑块与木板没有分离，才算两人配合默契，游戏成功．现F1=24N，F2=16N，请通过计算判断游戏能否成功？【解答】解：（1）滑块与木板间的滑动摩擦力：f=μF1对木板应有：f＞Mg代入数据得：F1＞20N（2）对木板由牛顿第二定律有：μF1﹣Mg=Ma1对滑块由牛顿第二定律有：F2﹣μF1﹣mg=ma2要能发生相对滑动应有：a2＞a1代入数据可得：F2＞13.2N（3）对滑块由牛顿第二定律有：F2﹣μF1﹣mg=ma3设滑块上升h的时间为t，则：对木板由牛顿第二定律有：μF1﹣Mg=Ma4。

山东省淄博市—度高三第一次摸底考试物理试卷

山东省淄博市2007—2008学年度高三第一次摸底考试物理试卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100分；考虑时间90分钟。

第Ⅰ卷（共40分）注意事项：1．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、考号、考试科目填涂在答题卡上。

2．每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

不能答在试题卷上。

一、选择题（每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．作用在一个物体上的两个共点力的合力大小随两力之间的夹角变化关系如图所示，则这两个力的大小分别是（） A ．5N 、10N B ．5N 、15N C ．10N 、15N D ．10N 、20N2．下列速率—时间图像中，图线I 、II 分别表示物体以初速度v 0作平抛运动时，水平方向和竖直方向的两个分运动情况，其中正确的是（） 3．自1957年10月4日，原苏联发射了世界上第一颗人造卫星以来，人类的活动范围逐步扩展，现在已经成功地把人造天体送到火星上漫步，我国已实现了载人航天飞行，并着手实施登月计划，下列有关人造天体的说法正确的是（） A ．若卫星的轨道越高，则其运转速度越大，周期越大 B ．地球同步卫星距地面的高度是一定值，其运行速率恒定C ．在做匀速圆周运动的载人空间站中，宇航员受力的作用，但所受合外力为零D ．在做匀速圆周运动的载人空间站中，宇航员不能用弹簧测力计测量物体的重力 4．如图所示，当小车向右加速运动时，物块M 相对车厢静止于竖直车厢壁上，当车的加速度增大时（） A ．M 受静摩擦力增大 B ．M 对车厢壁的压力增大 C ．M 仍相对于车厢静止D ．M 受静摩擦力不变5．一物体从某一高度自由落下，落在直立于地面的轻弹簧上，如图所示，在A 点，物体开始与弹簧接触，到B 点时，物体速度为零，然后被弹回。

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山东省淄博市2015届高三5月阶段性诊断考试(二模)理科综合试题word版含答案

山东省淄博市2015届高三第一次摸底考试物理试题扫描版含答案

山东省淄博实验中学2015届高三下学期第三次模拟考试物理试题(扫描版有答案)