湖北省武汉市华中师范大学第一附属中学学高一历史下学期期中试题解析

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华中师大一附中2021-2022学年度高一下学期期中检测期中复习压轴题精选题组含答案

华中师大一附中2021-2022学年度高一第二学期期中检测期中复习压轴题精选题组一、单选题1．已知ABC ∆的外接圆半径为1，圆心为点O ，且3450++=OA OB OC ，则ABC ∆的面积为A ．85B ．75C ．65D ．452．在ABC 中，,,a b c 是角,,A B C 的对边，已知,73A a π==，则以下判断错误的是（）A ．ABC 的外接圆面积是493π；B ．cos cos 7b C c B +=；C ．b c +可能等于14；D ．作A 关于BC 的对称点A '，则AA '.3．在钝角ABC 中，,,a b c 分别是ABC 的内角,,A B C 所对的边，点G 是ABC 的重心，若AG BG ⊥，则cos C的取值范围是（）A ．⎛ ⎝⎭B ．45⎡⎢⎣⎭C ．⎫⎪⎪⎝⎭D ．4,15⎡⎫⎪⎢⎣⎭4．如图，在正方体1111ABCD A B C D -中，M ，N ，P 分别是1CC ，BC ，DC 的中点，则下列说法错误的是（）A ．1//MP AB B ．//AO 平面MNP C ．MN ⊥平面11A B CDD ．MN 与1AD 是异面直线5．已知四面体ABCDM ，N 分别为棱AD ，BC 的中点，F 为棱AB 上异于A ，B 的动点．有下列结论：①线段MN 的长度为1；②若点G 为线段MN 上的动点，则无论点F 与G 如何运动，直线FG 与直线CD 都是异面直线；③MFN ∠的余弦值的取值范围为5；④FMN 1．其中正确结论的为（）A ．①②B ．②③C ．③④D ．①④二、多选题6．“奔驰定理”是平面向量中一个非常优美的结论，因为这个定理对应的图形与“奔驰”（Mercedesbenz ）的log o 很相似，故形象地称其为“奔驰定理”.奔驰定理：已知O 是ABC 内的一点，BOC ，AOC △，AOB 的面积分别为A S ，B S ，C S ，则0A B C S OA S OB S OC ⋅+⋅+⋅=.若O 是锐角ABC 内的一点，A ，B ，C 是ABC 的三个内角，且点O 满足OA OB OB OC OA OC ⋅=⋅=⋅.则（）A ．O 为ABC 的外心B ．BOC A π∠+=C ．::cos :cos :cos OA OB OC A B C=D ．tan tan tan 0⋅+⋅+⋅=A OAB OBC OC 7．下列结论正确的是（）A ．在ABC 中，若AB >，则sin sin A B>B ．在锐角三角形ABC 中，不等式2220b c a +->恒成立C ．在ABC 中，若cos cos a B b A c -=，则ABC 是直角三角形D ．在ABC 中，若360b A ==︒，，三角形面积S =8．下列说法正确的是（）A ．若非零向量0AB AC BC AB AC ⎛⎫ +⋅= ⎪⎝⎭，且12AB AC AB AC ⋅= ，则ABC 为等边三角形B ．已知,,,OA a OB b OC c OD d ==== ，且四边形ABCD 为平行四边形，则0a b c d +--=C ．已知正三角形ABC的边长为O 是该三角形的内切圆，P 是圆O 上的任意一点，则PA PB ⋅的最大值为1D ．已知向量()())2,0,2,2,,OB OC CA αα===，则OA 与OB 夹角的范围是5,412ππ⎡⎤⎢⎥⎣⎦9．已知点M 为正方体1111ABCD A B C D -内（含表面）的一点，过点M 的平面为α，以下描述正确的有（）A ．与1AA 和11BC 都平行的α有且只有一个B ．过点M 至少可以作两条直线与1AA 和11BC 所在的直线都相交C ．与正方体的所有棱所成的角都相等的α有且只有四个D ．过点M 可以作四条直线与正方体的所有棱所成的角都相等10．如图，已知在棱长为2的正方体1111ABCD A B C D -中，P 为1AD 上的动点，则下列结论正确的有（）.A ．当P 运动到1AD 中点时，直线BP 与平面ABCD 5B ．当P 在直线1AD 上运动时，三棱锥11C A PB -的体积会随着P 点的运动而变化C ．当点P 在直线1AD 上运动到某一点时，直线1B C 与平面1BPC 所成角为π4D．当P 在直线1AD 上运动时，111A PB △三、填空题11．在ABC 中，60BAC ∠=︒，2AC →=，2BD DC →→=，3AD →=，则AB →=______；设()AE AC AB R λλ→→→=-∈，且4AD AE →→⋅=，则λ的值为______.12．如下图，ABC 中，875AB AC BC G ===,,,为ABC 重心，P 为线段BG 上一点，则PA PC ⋅的最大值为______，M N 、分别是边BC BA 、的中点，则AP MN ⋅的取值范围是______.13．已知12,|6OA OE →→==∣，对t R ∀∈，恒有||||OA OE A t E →→→-≥，且点M 满足21,33OM OE OA →→→=+N 为OA 的中点，则OA OE →→⋅的值为__________，MN →的值为__________.14．赵爽是我国古代数学家，大约在公元222年，他为《周髀算经》一书作序时，介绍了"勾股圆方图"，亦称"赵爽弦图"(以弦为边长得到的正方形由4个全等的直角三角形再加上中间的一个小正方形组成)．类比"赵爽弦图"，可构造如图所示的图形，它是由3个全等的三角形与中间一个小等边三角形拼成的一个较大的等边三角形，设 ,AD AB AC λμ=+ 若4AD AF =，则λ-μ的值为___________15．法国数学家费马被称为业余数学之王，很多数学定理以他的名字命名．对ABC 而言，若其内部的点P 满足120APB BPC CPA ∠=∠=∠=︒，则称P 为ABC 的费马点．如图所示，在ABC 中，已知45BAC ∠=︒，设P 为ABC 的费马点，且满足452PBA PA ∠=︒=，．则ABC 的外接圆直径长为_________．16．三角形蕴涵大量迷人性质，例如：若点O 在ABC 内部，用A B C S S S 、、分别代表OBC 、OCA 、OAB 的面积，则有0A B C S OA S OB S OC ⋅+⋅+⋅=．现在假设锐角三角形顶点,,A B C 所对的边长分别为,,,a b c H 为其垂心，,,HA HB HC的单位向量分别为123,,e e e ，则123ae be ce ++= _________．17．在锐角三角形ABC 中，角A ､B ､C 的对边分别为a ､b ､c ，且满足22b a ac -=，则11tan tan A B-的取值范围为___________.18．某园区有一块三角形空地（如图ABC ），其中20m AB =，40m AC =，2ABC π∠=，现计划在该空地上选三块区域种上三种不同颜色的花卉，为了划分三种花卉所在的区域且浇灌方便和美观，需要在空地内建一个正三角形形状的水池，要求正三角形的三个顶点分别落在空地的三条边界上（如图DEF ），则水池面积的最小值为________2m ．19．如图，长方体1111ABCD A B C D -的底面ABCD 是正方形，其侧面展开图是边长为4的正方形，E ､F 分别是侧棱1AA ､1CC 上的动点，4AE CF +=，点P 在棱1AA 上，且1AP =，若//EF 平面PBD ，则CF =___________.四、解答题20．如图所示，AD 是ABC 的一条中线，点O 满足2AO OD =，过点O 的直线分别与射线AB ，射线AC 交于M ，N 两点.(1)求证：1133AO AB AC =+；(2)设AM mAB = ，AN n AC = ，0m >，0n >，求11m n+的值；(3)如果ABC 是边长为()0a a >的等边三角形，求22OM ON +的取值范围.21．已知O 是线段AB 外一点，若OA a =，OB b =．（1）设点G 是OAB 的重心，证明：()13OG a b =+；（2）设点1A 、2A 是线段AB 的三等分点，1OAA 、12OA A △及2OA B △的重心依次为1G 、2G 、3G ，试用向量a 、b表示123OG OG OG ++ ；（3）如果在线段AB 上有若干个等分点，请你写出一个正确的结论？(不必证明)说明：第（3）题将根据结论的一般性程度给予不同的评分．22．已知[0,)θπ∈，向量(cos ,sin )a θθ=，(1,0)b = ，1P 、2P 、3P 是坐标平面上的三点，使得()1122OP OP a OP a ⎡⎤=-⋅⎣⎦ ，()3222OP OP b OP b ⎡⎤=-⋅⎣⎦．（1）若2πθ=，1P 的坐标为(20,21)，求3OP ；（2）若23πθ=，16OP = ，求3OP 的最大值；（3）若存在[0,)απ∈，使得当1(cos ,sin )O P αα=时，△123P P P 为等边三角形，求θ的所有可能值．23．已知ABC 的内角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，向量(,)m b a c =+ ，(,)n b c c a =-- ，m n ⊥ .(1)若8a =，8AB AC ⋅=，D 为边BC 的中点，求中线AD 的长度；(2)若E 为边BC 上一点，且1AE =，:2:BE EC c b =，求2b c +的最小值.24．已知,,a b c 分别为ABC 三个内角,,A B C 的对边，22sin sin sin sin A B B C =+.（1）若D 是BC 上的点，且AD 平分角A ，AD =6c =，求C ；（2）若cos()B A -=c ABC 的面积.25．（1）在ABC 中，角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，若cos 0a C C b c +--=，且2a =，则ABC 内切圆半径的最大值为_________（2）随着节假日外出旅游人数增多，倡导文明旅游的同时，生活垃圾处理也面临新的挑战，某海滨城市沿海有A B C ，，三个旅游景点，在岸边BC 两地的中点处设有一个垃圾回收站点O （如图），A B ，两地相距10km ，从回收站O 观望A 地和B 地所成的视角为60︒，且224OA OB OA OB +≥⋅，设AC x =km ；（i ）用x 分别表示22OA OB + 和OA OB ⋅，并求出x 的取值范围；（ii ）若B 地到直线AC 的距离为BD ，求BD 的最大值．26．已知O 为坐标原点，对于函数()sin cos f x a x b x =+，称向量(,)OM a b =为函数()f x 的相伴特征向量，同时称函数()f x 为向量OM的相伴函数.（1）设函数53()sin sin 62g x x x ππ⎛⎫⎛⎫=+-- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，试求()g x 的相伴特征向量OM ；（2）记向量ON = 的相伴函数为()f x ，求当8()5f x =且,36x ππ⎛⎫∈- ⎪⎝⎭，sin x 的值；（3）已知(2,3)A -，(2,6)B ，(OT = 为()sin 6h x m x π⎛⎫=- ⎪⎝⎭的相伴特征向量，()23x x h πϕ⎛⎫=- ⎪⎝⎭，请问在()y x ϕ=的图象上是否存在一点P ，使得AP BP ⊥.若存在，求出P 点坐标；若不存在，说明理由.27．杭州市为迎接2022年亚运会，规划修建公路自行车比赛赛道，该赛道的平面示意图为如图的五边形ABCDE ，运动员的公路自行车比赛中如出现故障，可以从本队的器材车、公共器材车上或收容车上获得帮助．比赛期间，修理或更换车轮或赛车等，也可在固定修车点上进行．还需要运送一些补给物品，例如食物、饮料，工具和配件．所以项目设计需要预留出BD ，BE 为赛道内的两条服务通道（不考虑宽度），ED ，DC ，CB ，BA ，AE 为赛道，2,,8km 34BCD BAE CBD CD DE ππ∠=∠=∠===．（1）从以下两个条件中任选一个条件，求服务通道BE 的长度；①712∠=CDE π；②3cos 5DBE ∠=（2）在（1）条件下，应该如何设计，才能使折线段赛道BAE 最长（即+BA AE 最大），最长值为多少？28．如图，在直角梯形OABC 中，//,,22,OA CB OA OC OA BC OC M ⊥==为AB 上靠近B 的三等分点，OM 交AC 于,D P 为线段BC 上的一个动点．（1）用OA 和OC表示OM ；（2）求ODDM ；（3）设OB CA OP λμ=+，求λμ⋅的取值范围．29．如图，在直三棱柱111ABC A B C -中，1111,A B B C A B AC ⊥⊥．（1）求证：1111A C B C =；（2）若1B C 与1AC 的所成角的余弦值为13，求1BB 与平面11A B C 所成角的正弦值．30．四面体ABCD 中，（1）,,AB CD AC BD AD BC ===．求证：这个四面体的四个面都是锐角三角形；（2）有4条长为2的线段和2条长为a 的线段，用这6条线段作为棱，构成一个三梭锥，问a 为何值时，可构成一个最大体积的三棱锥，最大值为多少？(3(,,0)3a b cabc a b c ++≤>，当且仅当a b c ==时取得等号)参考答案1．C【详解】试题分析：由3450OA OB OC ++=变形可得,即,所以,由3450OA OB OC ++=变形可得,故,所以,同理可得:,所以,选D.考点：向量的运算和余弦定理及三角形面积公式的应用．【易错点晴】本题是一道综合性较强的问题.解答时巧妙地利用题设条件外接圆半径为1及3450OA OB OC ++=,不厌其烦的运用完全平方公式进行了三次两边平方,再运用余弦定理将三边分别算出来,最后再借助三角形的面积公式求出其面积.值得提出的是本题的难点是如何探寻到解决问题的思路,很难将面积问题与一个不相干的向量等式进行联系,在这里两边平方是解决本题的突破口.2．D【分析】对A ：利用正弦定理可求得ABC 的外接圆半径，即可求解ABC 的外接圆面积；对B ：利用余弦定理角化边，即可求解；对C ：利用正弦定理边化角，再结合两角和差的正弦公式，即可求解；对D ：利用三角形面积公式和余弦定理，及均值不等式，即可求解．【详解】解：对A ：3A π=，7a =，∴由正弦定理可得2sin a R A =，即ABC 的外接圆半径733R =，ABC ∴的外接圆面积是22493R πππ=⨯=⎝⎭，故A 选项正确；对B ：由余弦定理可得222222cos cos 722a b c c a b b C c B b c a ab ac+-+-+=⋅+⋅==，故B 选项正确；对C：由正弦定理可得2(sin sin )sin sin 14cos 33b c R B C ππααα⎤⎛⎫⎛⎫+=+-++= ⎪ ⎪⎥⎝⎭⎝⎭⎣⎦，33ππα⎛⎫-<< ⎝⎭，(]7,14b c ∴+∈，故C 选项正确；对D ：设A 关于BC 的对称点我A '，A 到BC 的距离为h ，∴11sin 223ah bc π=，即h ，又由余弦定理可得222222cos 23a b c bc b c bc bc bc bc π=+-=+--= ，当且仅当b c =时等号成立，所以27h =≤，即h 所以||AA '的最大值是D 选项错误．故选：D ．3．C【分析】延长CG 交AB 于D ，由重心性质和直角三角形特点可求得32CD c =，由cos cos BDC ADC ∠=-∠，利用余弦定理可构造等量关系得到2225a b c +=，由此确定C 为锐角，则可假设A 为钝角，得到222b c a +<，222a c b +>，a b >，由此可构造不等式组求得ba的取值范围，在ABC 利用余弦定理可得2cos 5a b C b a ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭，利用ba的范围，结合C 为锐角可求得cos C 的取值范围.【详解】延长CG 交AB 于D ，如下图所示：G 为ABC 的重心，D ∴为AB 中点且3CD DG =，AG BG ⊥ ，12DG AB ∴=，3322CD AB c ∴==；在ADC 中，2222222225522cos 3232c b AD CD AC c b ADC AD CD c c -+--∠===⋅；在BDC 中，2222222225522cos 3232c a BD CD BC c a BDC BD CD c c -+--∠===⋅；BDC ADC π∠+∠= ，cos cos BDC ADC ∴∠=-∠，即222222525233c a c b c c--=-，整理可得：22225a b c c +=>，C ∴为锐角；设A 为钝角，则222b c a +<，222a c b +>，a b >，2222222255a b a b a b b a ⎧+>+⎪⎪∴⎨+⎪<+⎪⎩，22221115511155b b a a b b a a ⎧⎛⎫⎛⎫++<⎪ ⎪ ⎪⎪⎝⎭⎝⎭∴⎨⎛⎫⎛⎫⎪<++ ⎪ ⎪⎪⎝⎭⎝⎭⎩，解得：223b a ⎛⎫< ⎪⎝⎭，0a b >> ，603b a ∴<<，由余弦定理得：22222222cos255533a b c a b a b C ab ab b a ⎛⎫+-+⎛⎫==⋅=+>⨯= ⎪ ⎝⎭⎝，又C 为锐角，cos 13C <<，即cos C 的取值范围为63⎫⎪⎪⎝⎭.故选：C.【点睛】关键点点睛：本题考查解三角形中的取值范围问题的求解，解题关键是能够由两角互补得到余弦值互为相反数，由余弦定理得到2225a b c +=，确定C 为锐角，从而得到三边之间的不等关系，求得b a的范围.4．D【分析】根据所给条件和线面关系，逐项分析判断即可得解.【详解】对A ，如图所示，连接11,AB DC ，因为点,M P 为1,CC CD 中点，所以1//MP DC ，在正方体中易得11//AB DC ，所以1//MP AB ，故A 正确；对B ，如图所示，连接,BD AC 交于点E ，连接1C E ，NP 与AC 交于点F ，连接MF ，在正方体中，易得1//OC AE ，1OC AE =，所以四边形1AEC O 为平行四边形，则1//AO C E ，又,P N 为,CD CB 中点，点F 在PN 上，则易知点F 为CE 的中心点，因为点,M F 为中点，所以1,////MF C E AO MF ，又MF ⊂平面MPN ，AO ⊄平面MPN ，所以//AO 平面MPN ，故B 正确；对C ，如图所示，连接1BC ，在正方体中，易知1,CD BC CD CC ⊥⊥，所以CD ⊥平面11BCC B ，又MN ⊂平面11BCC B ，所以CD MN ⊥，又,M N 为1CC ，BC 中点，则1//MN BC ，又11BC B C ⊥，所以1MN B C ⊥，所以MN ⊥平面11A B CD ，故C 正确；对D ，如图所示，连接11,BC AD ，易知：11//,BC AD 又1//MN BC ，则1//MN AD ，所以MN 与1AD 共面，故D 错误.故选：D5．D【分析】将正四面体ABCD 放置于正方体中，由M ，N 所处位置即可判断①；取AB ，MN ，CD 中点F ，G ，E ，探讨它们的关系可判断②；计算cos MBN ∠可判断③；把正ACB △与正ADB △展开在同一平面内，计算即可判断④并作答.【详解】如图，在棱长为1的正方体上取顶点A ，B ，C ，D ，并顺次连接即可得四面体ABCD ，，因M ，N 分别为棱AD ，BC 的中点，则M ，N 恰为正方体相对面的中心，即MN =1，①正确；取AB 的中点F ，MN 的中点G ，CD 的中点E ，由正方体的结构特征知F ，G ，E 共线，即直线FG 与直线CD 交于E ，②不正确；MBN △中，BM ===2,12BN MN ==，由余弦定理得：222cos 2BN BM MN MBN BN BM +-∠==>⋅，当点F 无限接近于点B 时，cos MFN ∠正确；把四面体ABCD 中的正ACB △与正ADB △展开在同一平面内，连接MN ，MN 必过AB 的中点，在AB 上任取点F '，连,MF NF ''，如图，此时，MF NF MN ''+≥=当且仅当点F '与线段AB 中点重合时取“=”，则对AB 上任意点F ，MF NF +有于是得在四面体ABCD 中，FMN 周长MF NF MN ++1，④正确，所以①④为正确的结论.故选：D6．BCD【分析】由根据数量积的运算律可得0OB CA OB CA ⋅=⇔⊥ ,可得O 为ABC 的垂心；结合OBC C OCB B π∠++∠+=与三角形内角和等于π可证明B 选项；结合B 选项结论证明cos :cos :A B OA OB =即可证明C 选项，利用奔驰定理证明:tan :tan A B S S A B =可证明D 选项．【详解】解：因为()00OA OB OB OC OB OA OC OB CA OB CA ⋅=⋅⇔⋅-=⇔⋅=⇔⊥ ，同理OA CB ⊥，OC AB ⊥，故O 为ABC 的垂心，故A 错误；,22OBC C OCB B ππ∠+=∠+=，所以OBC C OCB B π∠++∠+=，又OBC OCB BOC π∠+∠+∠=，所以BOC C B ∠=+，又A B C π++=，所以BOC A π∠+=，故B 正确；故A BOC π=-∠，同理B AOC π=-∠，延长CO 交AB 与点P ，则cos :cos cos():cos()cos :cos ::OP OP A B BOC AOC BOP AOP OA OB OB OAππ=-∠-∠=∠∠==，同理可得cos :cos :A C OA OC =，所以cos :cos :cos ::A B C OA OB OC =，故C正确；11:():():tan :tan 22A B S S OC BP OC AP BP AP OP POB OP AOP =⋅⋅⋅==∠∠tan :tan tan():tan()tan :tan BOC AOC A B A B ππ=∠∠=--=，同理可得:tan :tan A C S S A C =，所以::tan :tan :tan A B C S S S A B C =，又0A B CS OA S OB S OC ⋅+⋅+⋅= ，所以tan tan tan 0⋅+⋅+⋅= A OA B OB C OC ，故D 正确．故选：BCD ．7．ABC【分析】利用三角形“大角对长边”和正弦定理即可判断A ；利用余弦定理222cos 02b c a A bc+-=>，即可判断B ；首先利用正弦定理得到()()sin sin A B A B +=-，即可求出2A π=判断C ；对选项D ，首先利用面积公式得到4c =，利用余弦定理得到a =，再利用正弦定理2sin a R A=即可判断D.【详解】对于A ，在ABC 中，由>⇒>A B a b ，利用正弦定理得2sin 2sin sin sin R A R B A B >⇒>，故A 正确.对于B ，由锐角三角形知02A π<<，则222cos 02b c a A bc+-=>，2220b c a ∴+->，故B 正确.对于C ，由cos cos a B b A c -=，利用正弦定理得sin cos sin cos sin A B B A C -=，即()()sin sin A B A B +=-，故A B A B π++-=，即2A π=，则ABC 是直角三角形，故C 正确.对于D，11sin 3222S bc A c ==⨯⨯⨯=，解得4c =，利用余弦定理知22212cos 916234132a b c bc A =+-=+-⨯⨯⨯=，所以a =，又因为2sin 603R ===，3R =，故D 错误.故选：ABC【点睛】关键点点睛：本题主要考查正弦定理和余弦定理的综合应用，熟练掌握公式为解题的关键，属于中档题.8．AC【分析】利用单位向量以及向量数量积的定义可判断A ；利用向量的加法运算可判断B ；利用向量的加、减运算可判断C ；由题意可得点A 在以()2,2为半径的圆上，由向量夹角定义可判断D.【详解】A ，因为非零向量0AB AC BC AB AC ⎛⎫ ⎪+⋅= ⎪⎝⎭，所以BAC ∠的平分线与BC 垂直，ABC 为等腰三角形，又12AB AC AB AC ⋅= ，所以3BAC π∠=，所以ABC 为等边三角形，故A 正确；B ，a b c d OA OB OC OD +--=+-- ,CA DB CD DA DA AB =+=+++ ，在平行四边形ABCD 中，有AB DC = ，所以原式20DA =≠ ，故B 错误；C ，设正三角形ABC 内切圆半径r ，由面积相等可得113sin 223r π⨯⨯=⨯⨯⨯，解得1r =，令AB 的中点为D ，从而DA DC ==则2PA PB PD += ，2PA PB BA DA -== ,两式平方作差可得22444PA PB PD DA ⋅=- ,即23PA PB PD ⋅=- ，若要使PA PB ⋅ 最大，只需2PD 最大由于D 为AB 的中点，也为圆O 与AB 的切点，所以PD 的最大值为22r =，所以23431PA PB PD ⋅=-≤-= ，故C 正确；D ，设(),OA x y = ，())2,2CA OA OC x y αα=-=--= ，所以2x α-，2y α-=，所以()()22222x y -+-=，即A 在以()2,2如图：1sin 2COA ∠==，所以6COA π∠=，当OA 与圆在下方相切时，OA 与OB 夹角最小，此时为4612πππ-=，当OA 与圆在上方相切时，OA 与OB 夹角最大，此时为54612πππ+=，所以OA 与OB 夹角的范围是5,1212ππ⎡⎤⎢⎥⎣⎦，故D 错误.故选：AC【点睛】关键点点睛：本题考查了向量的数量积定义、向量的加减法以及向量的夹角，解题的关键是是将向量问题转化为平面几何问题，利用圆的性质求解，考查了转化思想、数学运算、数学建模，此题是向量的综合题目.9．CD【分析】A,B 选项都可以很明显的找到反例，证明选项是错误的；C,D 选项也有共同之处，C 选项中，要想所有棱与平面所成夹角相同，只需要共顶点的三条侧棱与平面夹角相同即可，所以想到了以正方体的一个顶点作正三棱锥；同理，D 选项中，要想所有棱与直线夹角相同，也只需要共顶点的三条侧棱与该直线夹角相同即可，所以是三棱锥的高线，从而得到答案【详解】A 选项中，如果M 点在1AA 或11B C 上的话，则不存在这样的面，所以A 选项错误B 选项中，1AA ∥平面11BBC C ，所以如果M 点在面11BB C C 上时，过M 的直线如果跟11B C 相交，则与1AA 异面，不会相交，所以B 选项错误C 选项中，以A 为顶点，1A BD 为底面，做三棱锥，则该三棱锥为正三棱锥，1,,AB AD AA 与底面的夹角相同，其他棱与这三条棱平行，所以夹角也相同；同理，以,,B C D 为顶点的三棱锥都可以满足，所以，过点M 作与这四个面平行的面即可，所以与正方体的所有棱所成的角都相等的α有且只有四个，C 选项正确D 选项中，与C 选项同理，以A 为顶点做正三棱锥，则三棱锥过上顶点的高所在的直线，与三条棱1,,AB AD AA 的夹角是相同的，则与其他棱的夹角也是相同的，同理，以,,B C D 为顶点的三棱锥的高也都可以满足，且过M 只有一条线与该条直线平行或重合，所以有四条直线与正方体的所有棱所成的角都相等故选：CD【点睛】本题目难度较大，A,B 选项主要考察异面直线的特征，以及特殊情况的考虑，可以用举反例的方法排除；C,D 选项主要考察对正方体特征的把握，所有棱与面的夹角，或者与直线的夹角，等价于三条共顶点的棱与面的夹角，或者与直线的夹角，因为剩余其他棱都是与这三条棱平行的，位置关系一致，从而想到用正三棱锥解决10．AD【分析】选项A 利用线面角的定义求解；选项B 中以1A 为顶点，通过论述三棱锥11A BPC -的底面积和高不变，从而体积不变，来说明三棱锥11C A PB -的体积不变；选项C 由线面垂直来说明；选项D 中，以11A B 为底边，点P 到11A B 的距离为高，来确定111A PB △【详解】A 选项：当P 运动到1AD 中点时，点P 到底面的距离1PH =，且点P 在底面的投影H 为边AD 的中点，此时HB =，HBP ∠为BP 与底面ABCD 所成的角，55=，A 正确；B 选项：点P 在直线1AD 上运动时，11//AD BC ，点P 到底边1BC 的距离不变，所以1PBC 的面积为定值，又1PBC 始终在平面11ABC D 上，点1A 到平面11ABC D 的距离不变，所以三棱锥11A BPC -的体积不变，即三棱锥11C A PB -的体积不变，B 错误；C 选项：当P 在直线1AD 上运动时，1B C ⊥平面11ABC D ，平面1BPC 即为平面11ABC D ，所以1B C ⊥平面1BPC ，故C 错误；D 选项：P 在直线1AD 上运动时，易得11A B AP ⊥，1PA ∴为P 到直线11A B 的距离，当P 为1AD 中点时，点P 到直线11A B 的距离最小，此时11A PB V 的面积最小为122S =⨯D 正确.故选：AD.11．32711【分析】由2BD DC →→=可得1233AD AB AC →→→=+，然后两边平方处理，结合平面向量的数量积运算，解方程即可；把1233AD AB AC →→→=+和AE AC AB λ→→→=-代入4AD AE →→⋅=，化简整理后，代入已知数据，解关于λ的方程即可得解．【详解】解： 2BD DC →→=，B ∴、D 、C 三点共线，∴1233AD AB AC →→→=+，两边平方得：2221412||||||2||||cos 609933AD AB AC AB AC →→→→→=++⨯⨯︒ ，∴2371441||42||99992AB AB →→=++⨯⨯⨯，解得：37AB →=-或（舍去）．4AD AE →→= ，12()()433AB AC AC AB λ→→→→∴+-= ，化简整理，得221224333AB AC AB AC λλ→→→→--++= ，∴1229432cos 604333λλ--⨯+⨯+⨯⨯⨯︒=，解得2711λ=．故答案为：3，2711．【点睛】本题考查平面向量的模、向量的加减法运算以及向量的数量积运算，利用到了平面向量基本定理，还采用了平方法解决模长问题，考查学生的分析能力和运算能力．12．203122,2⎡⎤--⎢⎥⎣⎦【分析】利用向量求得PA PC ⋅ 的表达式，由此求得PA PC ⋅ 的最大值.利用向量求得AP MN ⋅ 的表达式，由此求得AP MN ⋅ 的取值范围.【详解】2228571cos 2852ABC +-∠==⨯⨯，由于()0,ABC π∠∈，所以3ABC π∠=.设D 是AC 中点，则,,,B P G D 共线.()12BD BC BA =+ ,()2222111129582584424BD BC BA ⎛⎫=+=++⨯⨯⨯= ⎪⎝⎭ .12949643944cos 12977129222ADB +--∠==⨯⨯，()()()()222494PA PC PD DA PD DC PD DA PD DA PD DA PD ⋅=++=+-=-=- .2PD 的最大值为21294BD = ，所以PA PC ⋅ 的最大值为129492044-=.()()11222AP MN AD DP CA AD DP DA ⋅=+⋅=+⋅ 249739427129AD DP DA DP ⎛⎫=-+⋅=-+⋅⋅- ⎪⎝⎭493942129DP =--⋅ ，其中13BD DP BD ≤≤ ，即12912962DP ≤≤ ，所以3939391242129DP ≤⋅≤ ，3939394122129DP -≤-⋅≤- ，49393122422129DP -≤--⋅≤- .即AP MN ⋅ 的取值范围是3122,2⎡⎤--⎢⎥⎣⎦.故答案为：20；3122,2⎡⎤--⎢⎥⎣⎦【点睛】要求向量数量积的最值或范围，需要利用数量积的运算将所求表达式进行化简，结合已知条件求得求得最值或范围.13．36【分析】先根据||||OA OE A t E →→→-≥得到AE OE →→⊥，进而得到OA OE →→⋅；将MN →表示为,OA OE →→，然后由模的定义求出答案.【详解】对R t ∀∈，恒有||||OA OE A t E →→→-≥，如示意图：12||,||||||AE AE AE AE →→→→≥≥可得AE OE →→⊥，所以2||36,OA OE OE →→→⋅==121233MN ON OM OA OE OA →→→→→→⎛⎫=-=-+ ⎪⎝⎭又12,63OA OE →→=-则1263MN OA OE →→→=-====故答案为：36,14．47【分析】令AF =1，延长AD 交BC 于M ，求出AB ，BM ，DM ，再借助平面向量基本定理即可作答.【详解】因4AD AF =，令AF =1，则有1,4BD AD ==，ABD △中，120ADB ∠=o ，由余弦定理得AB ==，延长AD 交BC 于M ，如图，由正弦定理得sin sin BD AB MAB ADB =∠∠，则有12sin 14MAB ∠==，cos 14MAB ∠=，1sin sin(60)sin 2AMB MAB MAB MAB ∠=∠+=∠∠=BMD中，由正弦定理得sin sin sin 5DM BM BD MBD BDM BMD ===∠∠∠，而MBD MAB ∠=∠，因此得15DM =，BM 2121520AM AD ==，15BM BC =，141555AM AB BM AB AB AC =+=+=+ ，20164212121AD AM AB AC ==+ ，因 AD AB AC λμ=+ ，由平面向量基本定理得164,2121λμ==，所以47λμ-=.故答案为：47【点睛】思路点睛：用向量基本定理解决问题是先选择一组基底，并运用该基底将条件和结论表示成向量的形式，再通过向量的运算来解决．15．【分析】（1）由已知利用三角形的内角和定理可得15PAB ∠= ，30PAC ∠= ，可得在PAC △中，30PCA ∠=o ，可得2PA PC ==，在PAB △中，由正弦定理可得PB 的值,在PBC 中，利用余弦定理求出BC ，在ABC 中，利用正弦定理即可求出外接圆的直径.【详解】由已知1801204515PAB ∠=︒-︒-︒=︒，所以451530PAC ∠=︒-︒=︒.在PAC △中，1801203030PCA ∠=︒-︒-︒=︒，故2PA PC ==.在PAB △中，由正弦定理2sin15sin15sin 45sin 45PB PA PB ︒=⇒=︒︒︒（*）而()232162sin15sin 453022224︒=-=⨯-⨯=︒︒，sin 45=°*）式得1PB =.在PBC 中，利用余弦定理2222cos1206BC PB PC PB PC =+-⋅=o ，在ABC中，利用正弦定理2sin 45BC R ===︒则ABC的外接圆直径长为故答案为：【点睛】方法点睛：本题考查三角形的内角和定理、特殊角的三角函数值、两角差的正弦函数公式、正弦定理及余弦定理在解三角形中的综合应用，考查转化与化归思想、函数与方程思想，属于较难题．16．0【分析】由0A B C S OA S OB S OC ⋅+⋅+⋅= 可得112a HD HA e ⋅+212b HE HB e ⋅+ 3102c HF HC e ⋅= ，根据相似三角形可得HD HA HE HB = ，HF HC HE HB = ，即HD HA HE HB = HF HC =，即可得1230ae be ce ++= 【详解】由0A B C S OA S OB S OC ⋅+⋅+⋅=可得1231110222a HD HA eb HE HB ec HF HC e ⋅+⋅+⋅=根据BHD AHE ∽可得HD HA HE HB = ，同理可得HF HC HE HB =，所以HD HA HE HB = HF HC = ，所以1230ae be ce ++= 故答案为：0【点睛】本题以三角形中的结论为载体，考查了垂心的性质，涉及三角形面积公式、相似三角形的性质，属于难题.17．1,3⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭【分析】由余弦定理化简已知式，再由正弦定理化边为角，由三角函数恒等变换得2B A =，由锐角三角形求得,A B 的范围，待求式切化弦，通分后利用已知条件化为1sin B，由正弦函数性质可得范围．【详解】因为22b a ac -=，由余弦定理得2222cos b a c ac B =+-，所以22cos ac c ac B =-，2cos c a B a =+，由正弦定理得sin 2sin cos sin C A B A =+，所以sin sin()2sin cos sin cos cos sin 2sin cos cos sin sin cos A A B A B A B A B A B A B A B =+-=+-=-sin()B A =-，因为ABC 为锐角三角形，所以A B A =-，2B A =，3C A π=-，由,,0,2A B C π⎛⎫∈ ⎪⎝⎭，得,64A ππ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭，,32B ππ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭，11tan tan A B -cos cos sin cos cos sin sin()sin 1sin sin sin sin sin sin sin sin sin A B B A B A B A A A B A B A B A B B --=-====，3sin ,12B ⎫∈⎪⎪⎝⎭，所以111,tan tan 3A B ⎛⎫-∈⎪ ⎪⎝⎭．故答案为：1,3⎛⎫⎪ ⎪⎝⎭．【点睛】本题考查都得用正弦定理和余弦定理求三角函数的取值范围，解题关键是由正弦定理和余弦定理变形化简得出三角形中角的关系，从而再由锐角三角形得角的范围．再把待求式化为某个角的函数，从而求得取值范围．18【分析】设DE EF DF x ===，BDE θ∠=，则cos BD x θ=，在ADF 中由正弦定理得到23sin 3AD x θ=，即可得到x =【详解】解：如图，设DE EF DF x ===，BDE θ∠=，因为20m AB =，40m AC =，2ABC π∠=所以3BAC π∠=，6ACB π∠=，所以cos BD x θ=，因为3FDE ADF ADF πθθπ+∠+∠=++∠=，3AFD ADF A AFD ADF π∠+∠+∠=∠+∠+，所以AFD θ∠=，在ADF 中，由正弦定理，sin sin 3AD DFπθ=，即sin 2AD θ=所以sin AD θ=，因为20m AB =sin cos 20x x θθ+=，所以x =x ==tan 0,,,243πππϕθϕ⎛⎫⎛⎫⎛⎫=∈∈ ⎪ ⎪⎪ ⎝⎭⎝⎭⎭⎝，所以221sin 234DEF S x x π==，2221sin 2347sin ()DEF S x x πθϕ===+，所以DEF2．19．1【分析】先连接AC 交BD 于O ，进而通过线面平行的性质定理得出EF ∥PO ，然后在1PA 上截取PQ ，使得PQ=PA=1，进而证明QC ∥PO ，得出EF ∥QC ，进一步得到四边形EQCF 是平行四边形，得出QE CF =，结合条件的长度关系最后得到答案.【详解】由题意可知，长方体1111ABCD A B C D -的高为4，底面ABCD 是边长为1的正方形，连接AC 交BD 于O ，连接PO ，因为EF ∥平面PBD ，EF ⊂平面EACF ，平面EACF 平面PBD=PO ，所以EF ∥PO .在1PA 上截取PQ ，使得PQ=PA=1，连接QC ，易知O 为AC 的中点，所以QC ∥PO ，所以EF ∥QC ，又EQ ∥FC ，所以四边形EQCF 是平行四边形，所以QE CF =.又14,4AE CF AE A E +=+=，所以11112A E CF EQ AQ ====，所以CF =1.故答案为：1.20．(1)见详解(2)3(3)22,9a ⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭【分析】（1）根据题意，结合向量加减法运算，即可证明；（2）根据题意，用AM 和AN表示AO ，结合M ，O ，N 三点共线，即可求解；（3）根据题意，结合（1）（2）用AB 和AC分别表示出OM 和ON ，进而可以表示出22OM ON +，再结合均值不等式与二次函数的最值，即可求解.(1)证明：因2AO OD =，所以23AO AD = ，又因D 为BC 的中点，所以()12AD AB AC =+ ，所以211333AO AD AB AC ==+ .(2)因AM mAB = ，AN n AC =，0m >，0n >，所以1AB AM m = ，1AC AN n = ，又因1133AO AB AC =+ ，所以1133AO AM AN m n =+ ，又因M ，O ，N 三点共线，所以11313m n+=，即113m n +=.(3)设AM mAB = ，AN n AC =，0m >，0n >，由（1）（2）可知1133AO AB AC =+ ，113m n +=，即3m n mn +=.因31133m OM AM AO AB AC -=-=- ，31133n ON AN AO AC AB -=-=-，所以22223113113333m n OM ON AB AC AC AB --⎛⎫⎛⎫+=-+- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭()()()2222196296223329m m AB n n AC m n AB AC ⎡⎤=-++-+-+-⋅⎢⎥⎣⎦ ，又因ABC 是边长为()0a a >的等边三角形，所以2222223OM ON a m n m n ⎛⎫+=+--+ ⎪⎝⎭，令t mn =，因3mn m n =+≥，即49mn ≥，当且仅当m n =时，等号成立，所以49t ≥.因此()()222222222595953333m n m n m n mn mn mn t t +--+=+-+=-+=-+，又因49t ≥，所以2229539t t -+≥，所以2222222239a OM ON a m n m n ⎛⎫+=+--+≥⎪⎝⎭.21．（1）证明见解析；（2）a b +；（3）答案见解析.【分析】（1）利用平面向量基本定理以及数乘的定义进行转化，结合重心的性质即可证明；（2）利用重心的性质以及平面向量基本定理，转化求解即可；（3）利用等分点的性质结合（2）的推理过程，由向量的加法以及减法运算，写出结论即可.【详解】（1）设AB 的中点为E ，则()()22113323OG AE a b a b ==⨯+=+ ；（2）如图：点1A 、2A 是线段AB 的三等分点，()1113OG OA OA =+ ，()21213OG OA OA =+ ，()3213OG OA OB =+，则()()123121233OG OG OG a b OA OA ++=+++ ()()()12123333a b a b a a b a a b ⎡⎤=+++-++-=+⎢⎥⎣⎦；（3）层次一：设1A 是AB 的二等分点，则()112OA a b =+ ，()()12122233OG OG OA OA a b +=+=+ ，设1A 、2A 、3A 是线段AB 的四等分点，则()12332OA OA OA a b ++=+，或设1A 、2A 、…、1n A -是线段AB 的n 等分点，则k n k OA OA a b -+=+（1k =，2，…，1n -），层次二：设1A 、2A 、…、1n A -是线段AB 的n 等分点，()1212n k n OA OA OA a b --++⋅⋅⋅+=+，层次三：设1A 、2A 、…、1n A -是线段AB 的n 等分点，则()1213n n OG OG OG a b -+++=+．22．（1）(0,0)；（2）12；（3）6π、3π、23π、56π．【分析】利用向量线性运算的坐标表示，（1）可得3OP = 2(0,84cos 40sin 2)θθ-代入2πθ=，即可求3OP 的坐标；（2）可得3OP = 24(0,cos sin())θαθ-代入23πθ=，即可求其3OP 的最值；（3）求2OP 、3OP 的坐标，进而可得12PP u u u u r 、23P P ，结合题设有12231223||||1|cos ,|2PP P P PP P P ⎧=⎪⎨<>=⎪⎩ ，应用三角恒等变换及三角函数的性质，可得|sin(1|2)αθ-=、1|cos 2|2α=，由分类讨论的方式求θ的所有可能值．【详解】（1）由题意，1(20,21)OP =，∴1122[()]2[(20,21)(20cos 21sin )(cos ,sin )]OP OP a OP a θθθθ=-⋅=-+ 22(40sin 21sin 2,42cos 20sin 2)θθθθ=--，223222[()]2[(40sin 21sin 2,42cos 20sin 2)OP OP b OP b θθθθ=-⋅=---2(40sin 21sin 2)(1,0)]θθ-2(0,84cos 40sin 2)θθ=-，∴由2πθ=，则cos 0θ=、sin 20θ=，故3(0,0)OP = ；（2）由题意，16(cos ,sin )OP αα=，∴1122[()]2[cos ,sin 6cos(6()(cos ,si )n )]OP OP a OP a αααθθθ-=-⋅=-12(sin sin(),cos sin())θθαθαθ=--，3222[()]2[12(sin sin(),cos sin())OP OP b OP b θθαθαθ=-⋅=---12sin sin()(1,0)]θθα-24(0,cos sin())θαθ=-，∴由23πθ=，则1cos 2θ=-、3sin 2θ=，即3||6cos sin |12|sin()|3OP πααα=+=+ ，∴当|sin()|13πα+=时，3OP的最大值为12；（3）112(cos ,sin 2[()]2[(cos s )cos si in )(cos ,sin )]n OP OP a OP a ααθθθααθ=-⋅=-+ 2(sin sin(),cos sin())θθαθαθ=--，3222[()]2[2(sin sin(),cos sin())OP OP b OP b θθαθαθ=-⋅=---2sin sin()(1,0)]θθα-4(0,cos sin())θαθ=-，∴12sin sin()cos ,2cos sin()sin (2)PP θθααθαθα---=- ，23sin()sin ,co 2()s P P αθθθ-=，∵△123P P P 为等边三角形，∴1223122312231223||||2|sin()|11cos ,2||||PP P P PP P P PP P P PP P P αθ⎧==-=⎪⎨⋅<>==⎪⎩，。

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2014-2015学年高一下学期期末考试历史(解析版)

2014-2015学年湖北省武汉华中师范大学第一附属中学高一下学期期末考试历史评卷人得分一、单选题：共40题1．在中国古代的信仰中，“社”是土神，“稷”是谷神，但“社稷”却被用作国家的代称。

这主要是因为A.非常重视祭祀活动B.以农业为立国之本C.农业与土地的关系D.小农经济的重要性2．“布衣”是中国古代对劳动人民的称呼，诸葛亮在《出师表》中以“布衣”自称。

在诸葛亮生活的年代里，“布衣”中的“布”是指A.丝织品B.棉纺织品C.毛纺织品D.麻纺织品3．东汉南阳太守杜诗“造作水排，铸为农器，用力少，见功多，百姓便之”。

“水排”主要应用于A.灌溉B.制瓷C.耕种D.冶铁4．“吸引我的是它的绚丽，它来自一个新的天地，从未见过如此优美的艺术。

多么诱人，精致脱俗，来自中华，它的故土(景德镇)。

”这是18世纪初期法国流传的一首诗歌，它盛赞的是中国的A.瓷器B.丝绸C.铁器D.青铜器5．18世纪中后期的英国“选择了海洋”，中国却“选择了陆地”。

“选择了陆地”是指中国A.重视塞防忽视海防B.积极培育国内市场C.奉行闭关锁国政策D.加强发展陆路交通6．“它扩展了人类活动的范围，海洋在人类文明中的地位迅速上升，世界的人种地理分布、宗教与文化格局开始发生重大变化。

”材料里的“它”最有可能的是A.海上丝绸之路B.罗马帝国的海外扩张C.新航路的开辟D.英国建立日不落帝国7．西方史学家指出“17世纪和18世纪初，西方人对中国的历史、艺术、哲学，完全入迷了。

”然而到了“18世纪末，欧洲人对中国的自然资源更感兴趣。

”与引起此兴趣变化直接相关的是A.中国资源的丰富B.新航路的开辟C.工业革命的需求D.世界市场的形成8．我们习惯上把第一、二次工业革命时期分别称之为“蒸汽时代”和“电气时代”。

这样划分的主要依据是A.机械特色不同B.通讯工具不同C.主要动力不同D.交通工具不同9．18世纪中后期，一场对人类历史发展有着重大影响的革命首先在英国爆发。

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2014-2015学年高一历史下学期期中试题

华中师大一附中2014—2015学年度第二学期期中检测高一年级历史试题一、选择题（本大题共40小题，每小题2分，共80分。

在每题的四个选项中，只有一个是正确的。

）1．被史学界称之为“我国古代农业技术史上农用动力的一次革命”的是A．铁农具B．牛耕C．曲辕犁D．翻车2．白居易在《朱陈村》中写道：“家家守村业，头白不出门。

生为村之民，死为村之尘。

”该诗反映了我国古代农业的基本特点是A．自给自足B．男耕女织C．精耕细作D．安乐富足3．右边有两件中国古代的瓷器，左图为“冰裂纹瓷器”，右图为“珐琅彩瓷器”。

这两件瓷器分别产生于哪一时期？A．东汉、唐朝 B．唐朝、宋朝C．唐朝、明清 D．宋朝、清朝4．“到了元代，丝、麻、棉鼎足而三，明代以后，棉花的重要性超过了麻。

”出现这些变化的前提条件是A．政府的大力推广B．棉纺织技术的改进C．商品经济的发展D．棉花成为经济作物5．伊恩·莫里斯在《西方将主宰多久》中写道：“大多数中国皇帝担心的，不是自己如何获得更多财富，而是外贸可能使不受欢迎的商人阶层致富”为此明清皇帝采取的政策是A．工商皆本B．海禁和闭关锁国C．重农抑商D．断绝中西贸易6．“黄沙百战穿金甲，不破楼兰终不还。

”这是唐诗中的名句。

然而，楼兰古国在唐代以前已销声匿迹，留下了千古之谜。

楼兰国的兴盛在很大程度上得益于A．战略位置的重要B．农耕文化的发达C．旅游业的发展D．丝绸之路的开辟7．《诗经》中有云：“溥天之下，莫非王土。

”这反映了什么土地制度A．井田制B．土地私有制C．均田制D．“海禁”制8．“凡士工商贾，皆赖食于农，以故农为天下之本务，而工贾皆其末也。

”基于这一认识，中国封建统治者采取的经济政策是A．闭关锁国B．土地私有C．重农抑商D．专卖政策9．有学者认为18世纪中后期西方早已“选择海洋”，而中国却“选择陆地”。

这种“选择”给中国带来最主要的影响是A．抵御了西方列强的入侵B．中国成为了当时世界经济贸易的中心C．使中国失去工业化的契机D．导致中国经济总量下降10.《东京梦华录》记载：“马行北去旧封丘门外……新封丘门大街两边民户铺席外，……至门约十里余，其余坊巷院落纵横万数，莫知纪极。

湖北省武汉市华中师范大学第一附属中学学高一历史下学期期中试题解析

华中师大一附中2015-2016学年度下学期高一期中检测历史（文科走班）试题试卷满分：100分考试时间：90分钟一、单项选择题（共25小题，每小题2分，共50分）1.下表反映了西汉农民家庭平均年收入（粮食）与支出情况，据此可知A．西汉农民的收入主要供给官府B．西汉农产品的商品化程度较高C．西汉农业生产力普遍得到提高D．西汉农民基本实现了自给自足2.宋真宗大中祥符五年，以江、淮、两浙路稍旱即水田不登，乃遣使就福建取占城稻三万斛，分给三路为种。

这说明中国古代农业生产运用的方法是A．尊重客观规律B．引进良种C．提高地力D．精耕细作3.“凡执技以事上者：祝、史、射、御、医、卜及百官。

…不贰市，不移官。

”以上材料反映的是A．官营手工业B．私营手工业C．家庭手工业D．民间手工业4．清代学者王应奎在《柳南续笔》中说“今棉之为用，可以御寒，可以生暖，盖老少贵贱无不赖之。

其衣被天下后世，为功殆过于蚕桑也”。

这一记载反映了A．棉种植的扩展B．棉布的普及C．棉纺业成为新兴部门D．棉纺技术的提高5．“坊市，总一百一十区，万年、长安以朱雀街为界。

街东五十四坊及东市，街西五十四坊及西市，皇城之东尽东郭，城之西尽西郭。

南街一十四坊，取《周礼》王城九逵之制。

”材料所描述之现象应是A．西汉B．唐 C．宋D．明6．汉武帝时“杨可告缗遍天下，中家以上大抵皆遇告。

……得民财物以亿计，奴婢以千万书；田大县数百倾，小县百余顷，宅亦如之。

于是商贾中家以上大抵破。

”汉武帝这样做的直接目的是A．抑制大商贾的发展B．增加国家财政收入C．巩固西汉王朝的统治D．维护传统的“重农抑商”思想7．“宋……田制不立，圳亩转易，丁口隐漏，兼并冒伪，未尝考按，故赋入之利视前代为薄”。

为了改变这一现状，宋政府采取的措施是A．放松对商业发展的限制B．制定了抑制兼并的措施C．加强了中央集权D．继续实行重农抑商政策8．“古者，设庐井八家，一夫一妇田百亩，什一而税，则国给民富而颂声作。

湖北省部分重点中学武汉1中3中6中11中等六校2024_2025学年高一历史下学期期中联考试题含解析

湖北省部分重点中学（武汉1中、3中、6中、11中等六校）2024-2025学年高一历史下学期期中联考试题（含解析）考试时间：2024年4月23日下午14：00—15：30试卷满分：100分一、选择题（30题，每小题2分，共60分）1.“古之人民皆食禽兽肉。

至于神农，人民众多，禽兽不足，于是神农因天之时，分地之利，制耒耜，教民农耕，神而化之，使民宜之，故谓之‘神农氏’”。

我们能从中得到的合理的历史信息是：A. 古代的人主要是吃肉的B. “神农氏”是被神化了的一个人C. 古代的人口增长得很快D. 农业的出现适应了社会的需求【答案】D【解析】【详解】据材料“至于神农，人民众多，禽兽不足，于是神农因天之时，分地之利，制耒耜，教民农耕，神而化之，使民宜之，故谓之‘神农氏’”等信息可知，是因为“禽兽不足……教民农耕”，因此农业的出现适应了社会的需求，D正确；据上分析，A错误；“神农氏”是被神化了的一个人，与材料主旨意思不符，B错误；材料没有反映古代的人口增长，C错误。

2.“天子之六工，曰土工、金工、石工、兽工、草工，典制六材”，由此来看：A. 这一时期手工业由政府干脆经营B. 手工业内部有森严的等级C. 天子的手工业可以处理全部材料D. 这一手工业只天子服务【答案】A【解析】【详解】据材料“天子之六工……”信息可知，中国古代手工业附属于中心政府之下，受其管辖，名曰官营手工业，A正确；据材料可知，手工业内部有细致的分工，不是森严的等级，B错误；材料不能看出天子的手工业可以处理全部材料，C错误；官营手工业是特地负责制造官府专用和皇帝私用的物品，因此D片面。

【点睛】官营手工业是特地负责制造官府专用和皇帝私用的物品，如军用的兵器和装备等。

3.春秋时期，孔子的学生子贡“结驷连骑，束帛之币以聘享诸侯。

所至，国君无不分庭与之抗礼。

”越王勾践甚至“除道郊迎，身御至舍。

”这说明当时A. 商人地位堪比国君B. 大商人的实力雄厚C. 商业成为百业之首D. 子贡是最有钱的商人【答案】A【解析】【详解】据材料“结驷连骑，束帛之币以聘享诸侯。

湖北高一高中历史期中考试带答案解析

湖北高一高中历史期中考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.据《汉书·食货志》记载，赵过发明耦犁法（见图）“用耦犁，二牛，三人”。

此耕作方法（）A．回转方便，耕作较为方便B．便于普及，利于山地开垦C．灵活自如，控制耕土深浅D．显示人力、牛力协作扩大2.土地制度是古代的主要制度。

汉代以后地券或地契是买卖双方私人之间所立的文契。

此外还有政府官方发给田地所有人的产权证明文件。

这主要说明（）A．土地买卖相当频繁B．土地所有权登记制度的出现C．体现了“耕者有其田”D．土地所有权完全由国家控制3.在古代的中西方交往中，中国有三张“名片”：一是丝绸，二是瓷器，三是茶叶。

这主要表明古代中国（）①自然经济长时间内没有根本性突破②东西方的交流渠道不畅通③古代手工业发展水平在世界领先④在对外贸易中中国一直居出超地位A．①②③B．②④C．①③D．②③④4.《清史稿》记载了晋商捐赠白银给清王朝，清王朝则用“赐产”“入籍”“赐职”以及特许经营和贷给资本等方法予以回报的史实。

可见，晋商的发展（）A．折射了清朝统治的腐败没落B．得益于与政治力量紧密结合C．标志着政府商业政策的转变D．使商人与政府经济利益趋同5.唐代诗人王建在《汴路即事》中写道：“天涯同此路，人语各殊方。

草市迎江货，津桥税海商。

”这说明唐朝（）A．民间集市作用已经凸显B．市突破了时空限制C．政府鼓励海外贸易D．地方商业中心开始出现6.辛亥革命前，没有辫子会被耻笑为里通外国的汉奸；辛亥革命后，留辫子会被人耻笑为封建余孽，耻笑为“猪尾巴”、“满奴”。

这说明（）A．辫子问题是革命的重要标志B．民主共和观念日渐深入人心C．政治变革推动民众习俗变化D．封建陋习开始丧失社会土壤7.1937年6月，南京国民政府法币发行额度为14.1亿元，到1945年8月增加到5569亿元，远远超出了正常的纸币增长。

这反映出当时国民政府（）A．努力增强国统区人民的购买力B．试图扰乱抗日根据地的金融秩序C．力图摆脱英美等国对华的控制D．通过货币增发贬值应对战时危机8.鸦片战争后，中国人把为外商服务的采办员或管事称为“买办”。

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学高一历史上学期期中试题(含解析)

华中师大一附中2014—2015 学年度第一学期期中检测高一年级历史试题时间： 60 分钟，满分：100 分一、选择题（本大题共35 小题，每小题 2 分，共 70 分）1．走进孙中山故居，就会看到先生题写的“天下为公”四个大字，彰显了先生的伟大胸襟。

在历史上，也曾存在“天下为公”的局面，但后来被“家天下”的局面所取代。

改变“天下为公”这一局面的人物是A．禹B．启C．商D．汤【答案】 B【解析】考查王位世袭制的确立。

依据所学，禹死后，他的儿子启夺得王位，并传位给自己的后代。

这样政治权力由“传贤”变成“传子”，王位在一家一姓中传承，“家天下”的局面逐渐形成。

故应选B。

2．右图是江苏丹徒出土的青铜器内的部分铭文。

该青铜器内有铭文120 余字 , 主要记载了周王将一个贵族分封到宜地，并赐其土地、人口和仪仗等情况。

由此可知，该文物的主要历史价值是A ．证实了周王朝实行分封制B ．说明周王朝实行井田制C ．体现周朝的甲骨文已成为成熟的文字D ．说明周王对功臣的重视【答案】 A【解析】考查考查西周的分封制。

由题干材料“记载了周王将一个贵族分封到宜地，并赐其土地、人口和仪仗等情况”可知，反映的是西周实行分封制的情况。

故应选A。

3．学习英语时，老师会介绍西方姓氏的特点是名在前姓在后。

斯塔夫里阿诺斯在《全球通史》中说：“中国人的姓总是位于个人的名字之前，而不像西方那样，位于个人的名字之后。

”中国人强调姓所反映的实质是A．男尊女卑思想严重B．家族宗法观念浓厚C ．个人观念淡薄D．专制王权强大【答案】 B【解析】考查宗法制。

题干中强调了中国人的姓氏与西方的不同，位于个人名字之前，中国人的姓氏以是由血缘决定的，体现了中国古代家族宗法观念对姓氏特点的影响，故 B 符合题意。

所以应选B。

4．在秦的中央机构中，执掌群臣奏章，下达皇帝诏令，兼理国家监察事务的是A．丞相B．御史大夫C．奉承D．太尉【答案】 B【解析】考查专制主义中央集权制度确立。

湖北省武汉市华中师范大学第一附属中学高一下学期期末检测历史试题

2022-2023学年湖北省武汉市华中师大一附中高一（下）期末历史试卷一、选择题（本题共15小题，每小题3分，共45分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．（3分）任何历史事物都是在特定的、具体的历史时间和地理条件下发生的。

只有将史事置于历史进程的时空框架当中，才能显示出它们存在的意义。

如图，地域、文化成就及特征对应正确的是（）A．①——楔形文字——世界上最古老的文字B．②——20进制——古代西亚数学重要成就C．③———《罗摩衍那》——世界著名的史诗D．④——佛教一一是古代印度重要的思想流派2．（3分）中世纪的欧洲，不少城市倾向于组成联盟或同盟，其中最主要的是波罗的海周边贸易城市建立的汉萨同盟，旨在保护它们在欧洲东部和西北部的贸易。

这些同盟的建立主要是基于（）A．各城市经济具有一定的互补性B．联合反对封建贵族的压迫C．王权无力为城市提供强力保护D．共同加强公共事务的管理3．（3分）阿拉伯帝国的兴起改变了周边许多民族文明的发展进程，在世界文明史上产生了非常重要的影响。

下列属于阿拉伯帝国对世界文明的贡献的是（）A．发明了阿拉伯文字B．将中国造纸术传入欧洲C．普及了活字印刷术D．开创了政教合一的制度4．（3分）如表四项表述可以从史实直接推断出结论的是（）史实结论A公元前后，在今埃塞俄比亚地区兴起了阿克苏姆王国。

公元前后埃塞俄比亚地区进入文明时代B1112年，法国琅城居民起义，1128年，法王路易六世颁发特许状，同意琅城实行自治。

武装暴动是西欧城市获得自治的主要方式C15世纪晚期都铎王朝建立以后，英格兰逐渐形成较为强大的王权。

此时欧洲民族国家已经形成D15世纪末16世纪初，印加国家发展到鼎盛时期，全国分为四大政区，由贵族充任长官。

印加帝国实现了对整个美洲的统治A．A B．B C．C D．D5．（3分）17世纪初，英国驻威尼斯大使注意到：威尼斯曾称霸于东方贸易，但如今却毫无竞争力；曾经有无数艘千吨级的大船来回运载货物，但如今却连“一艘都看不见”。

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2024届高考历史必刷试卷含解析

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2024届高考历史必刷试卷考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。

选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。

2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一．选择题(12小题，每小题4分，共计48分。

在每小题列出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的。

) 1．现代美国法学家麦基文在谈到罗马法时断言：无论如何我对下述罗马宪法理论是坚信不疑的人民，只有人民才是所有法律的泉。

”对此理解正确的是A．罗马法是一切权威的来源B．平民与贵族在法律上平等C．罗马法具有广泛社会基础D．人民是罗马国家权力主体2．1945年5月9日晚，莫斯科人们欢庆反法西斯战争的胜利……然而时任美国驻苏联使馆参赞的乔治•凯南发出了一段惊人的论调：他们以为战争结束了，而战争才刚刚开始。

事实上，刚开始的是A．一战B．二战C．冷战D．韩战3．下图为法国巴黎先贤祠中卢梭的棺椁。

棺木外形设计成乡村小寺庙模样，从正面看，庙门微微开启，从门缝里伸出一只手来，手中擎着一支熊熊燃烧的火炬。

对这一设计寓意最贴切的理解是A．卢梭批判了封建教会B．卢梭指引了大革命道路C．卢梭思想照亮了法国D．卢梭背叛了天主教4．1920年12月，列宁在俄共（布）莫斯科组织积极分子大会上的讲话中说：“如果我们把一个矿租让给外国资本家，在他们的帮助下，我们就有可能开发自己的矿。

至于租让哪些地区，我们是有选择的。

”这意味着列宁A．对外政策的重心发生改变B．正式取消战时共产主义政策C．明确了国家工业化的目标D．认识到国家资本主义的作用5．国学大师陈寅恪先生认为：“华夏民族之文化，历数千年之演进，造极于赵宋之世。

”材料所述现象的出现与宋代哪一国策有密切关联( )A．创设科举B．改进活字印刷C．重文轻武D．鼓励海外贸易6．1972年美国总统尼克松访华时说，过去的时间我们曾经是敌人，今天我们有巨大的分歧。

湖北省武汉市华中师范大学第一附属中学2023-2024学年高一下学期期末检测历史试题(解析版)

华中师大一附中2023-2024年学年度下学期期末检测高一年级历史试题满分：100分考试用时：75分钟一、选择题（本题共15小题，每小题3分，共45分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1.有学者认为：“非洲和美洲古代文明虽然独立发展，但它们都经历了农业的产生和发展，社会分工引起的社会分化和统治阶级的产生，以及国家制度的建立等过程。

”该学者意在说明（）A.文明发展的独立性B.古代文明的多元性C.不同文明的交融性D.文明发展的规律性【答案】D【解析】【详解】本题是单类型单选题，据题干设问词可知是目的题，据材料时间信息得出准确时空是古代非洲美洲。

根据材料，非洲和美洲虽然是独立发展的，但是都经历了农业的产生、社会分工、阶级等，可见文明的发展具有规律性，D项正确；材料重点强调的不是独立发展，而是发展的规律性，排除A项；多元性强调的是起源的多元，和材料无关，排除B项；交融性强调的是不同文明的融合交流，和材料无关，排除C 项。

故选D项。

2.据下表分析，最适合描述古代罗马与中国共性的词汇是（）A.人治与法治B.扩张与稳定C.平乱与治世D.秩序与统一【答案】D【解析】【详解】本题是单类型单项选择题。

据本题主题干的设问词，可知这是正向题。

据本题时间信息可知准确时空是：古代（罗马、中国）。

据上表，可知从公元前5世纪~公元2世纪，古代中国分别与古代罗马经历了制定法律、完成统一、进入强盛时期三个阶段，说明这一历史阶段中国与罗马共性的词汇是应是秩序与统一，D项正确；古代中国是人治，古代罗马是法治，属于个性而不是共性，排除A项；秦国商鞅变法时期并不符合稳定的特点，排除B项；古代中国与古代罗马都存在统一，但并没有“平乱”，排除C项。

故选D 项。

3.图所列为12世纪前期法兰西卡佩王朝路易六世在位期间的若干举措。

这些举措旨在（）面对当时方兴未艾的城市自治运动，支持城市公社。

改组御前会议，吸收若于忠于国王的市民，教士和中小封建主参加。

湖北省武汉市华中师范大学第一附属中学高一历史模拟试题含解析

湖北省武汉市华中师范大学第一附属中学高一历史模拟试题含解析一、选择题（每小题2分，共60分）1. 白居易诗：“机梭声札札，牛驴走纭纭。

……有财不行商，有丁不入军。

家家守村业，头白不出门。

”诗中的描述反映了：①男耕女织的自然经济②重视农业的观念③家庭手工业的发展促进了商品流通④安土重迁的思想A. ①②③B. ①②④C. ①③④D. ②③④参考答案：B2. 拿破仑被誉为“西方的战争之神”，他亲自指挥过的战役有60余次，其中将他的军事才能发挥到极致的战役是A．瓦尔密大捷B．土伦战役C．奥斯特里茨战役D．莱比锡大战参考答案：C拿破仑没有参与指挥瓦尔密大捷，他参与指挥了土伦战役，但与奥斯特里茨战役相比，还算不上“发挥到极致”。

在奥斯特里茨战役中，73000人的法国军队在拿破仑的指挥下，取得了对86000俄罗斯一奥地利联军的决定性胜利，第三次反法同盟随之瓦解。

在莱比锡大战中，拿破仑惨败。

故C项最符合题意。

3. 两次工业革命大大推动了生产力的发展，其中第二次工业革命使人类社会进入了A.水力时代B.蒸汽时代C.网络时代D.电气时代参考答案：D【详解】根据所学知识可知，第二次工业革命由于电力的广泛使用，人类进入电气时代，故本题选D 项。

农耕时代人类生产力较为低下，依赖包括水力在内的许多自然力，排除A项；第一次工业革命完成以后，人类进入“蒸汽时代”，排除B项；20世纪90年代随着信息技术的广泛运用，人类进入“网络时代”，排除C项。

4. 据记载，1888年清政府在北京西苑修建了一条铁路，慈禧太后因火车司机坐在自己前面开车，弃用了从德国引进的蒸汽机车而改用太监牵拉。

这说明A.顽固势力拒绝引进西方科技B.封建等级制度阻碍社会发展C.清廷天朝大国思想根深蒂固D.封建迷信阻碍近代科技传播参考答案：B5. 《起居注》是由职业史官（记注官）记录皇帝言行的档案。

汉时，皇帝不允许观看《起居注》。

唐朝开了观看《起居注》的先例。

到宋朝，皇帝观阅成了惯例。

湖北高一高中历史期中考试带答案解析

湖北高一高中历史期中考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.《史记•夏本纪》“禹子启贤，天下属意焉。

及禹崩，虽授益，益之佐禹日浅，天下未洽。

故诸侯皆去益而朝，启曰‘吾君帝禹之子也。

’于是启遂即天子位，是为夏后帝启” （注：材料中的禹、启、益均为人名）。

从材料中得出的信息是A．禅让制作为政治权利传承的方式未被突破B．禹直接将天子位传给子启C．王位世袭制开始，“家天下”局面逐渐形成D．益将王位禅让给启2.历史典故“烽火戏诸侯”中，周幽王为博妃子一笑，点燃烽火，诸侯因义务所在，蜂拥而至。

这一典故所反映的政治制度是A．分封制B．宗法制C．郡县制D．世官制3.下列有关省份的汽车号牌，其简称与西周分封制有渊源的是A．晋088888B．豫BL9276C．鄂J00002D．吉A-DF1534.据记载，“周之子孙，荀不狂惑者，莫不为天下之显诸侯”，“（周）兼制天下，立七十一国，姬姓独居五十三人，而天下不称偏焉”，对此理解最准确的是A．分封制的推行是要达到“以藩屏周”的目的B．分封的同姓诸侯位居显要之地C．同姓诸侯是分封的主体D．同姓诸侯比异性诸侯重要的多5.观察下表，按照西周宗法制的规定，有资格继承王位的是A．老三 B．老四 C．老大 D．老二6.在西周封国鲁国的宗法体系中，处于大宗地位的是A．周王B．鲁国国君C．卿大夫D．士7.西方历史上女性继承王位的现象屡见不鲜，今天的英国等国的国家元首就是女王；可是，中国从秦朝到清朝两千多年的封建时代在皇位问题上基本遵循着父系传承的原则。

造成这种中西方差异的主要原因是A．东西方王权强弱不同B．东西方经济发展水平的差异C．欧洲社会一直为女权至上D．中国宗法制传统的影响8.下列措施中，属于秦始皇首创的是A．推行郡县制度B．规定皇帝称号C．实行三省六部制D．承认土地私有9.秦汉时期开始形成的中央集权制对于中国政治形成了长久的影响。

湖北高一高中历史期中考试带答案解析

湖北高一高中历史期中考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列对夏商早期政治制度的特点表述不正确的是 ( )A．“家天下”取代“公天下”B．已有一套从中央到地方的行政管理制度C．采取民主的方式推选国家最高掌权者D．王位在一家一姓中传承2.新华社报道，自2008年1月1日起，清明、端午、中秋节纳入中国国家法定节假日，受到国人的称赞。

追根溯源，下列选项中与这种珍惜亲情、渴望相聚情结形成有密切关系的是 ( )A．郡县制B．宗法制C．分封制D．科举制度3.从下图中可以看出，秦始皇专制主义中央集权制度的核心是（）A．规定皇权至高无上B．中央设三公九卿C．地方推行郡县制度D．颁布秦律，严刑峻法4.“夏、商、周、汉封建(封邦建国)而延，秦(朝)郡邑而促”的说法之所以是错误的，原因在于 ( )A．没有看到秦统一的历史贡献B．认为秦不是封建社会C．把秦亡原因归于郡县制D．指出了秦亡于暴政5.明初废丞相，由六部分理朝政。

下列对这一制度的评论不正确的是 ( )①废除了秦汉以来的丞相制度②相权得到进一步强化③隋唐以来的三省六部制因此结束④皇帝专制得到极大强化A．①④B．②③C．①②④D．①②③④6.下列关于中国古代选官制度演变的表述正确的是 ( )①先秦主要实行官位世袭的制度②九品中正制属于察举制的发展，仍然是自下而上的选官制度③科举制属于考试选官的制度④科举制与察举制从考选对象、内容、程序等方面都带有封闭性的特征A．①②③④B．①②③C．①③④D．①②④7.科举制的创立是封建选官制度的重大进步，主要是因为 ( )①冲破世家大族垄断仕途的局面，起到了抑制门阀的作用②扩大了官吏的来源，使大批门第不高的庶族地主知识分子参与政权③提高了官员的文化素质④把选才和任免官吏的权力从地方豪门收归中央，加强了中央集权A．①②③B．②③④C．①③④D．①②③④8.下图是秦与隋唐时期的中央官制示意图，比较两图最能说明的是 ( )A．唐代中央官吏日渐增多B．唐代以分权得以集权C．唐代尚书省权力最大D．太尉与御史大夫的权力分别下放到兵部与吏部9.(2007年山东文综，9)服饰是一个时代政治、经济和思想文化的具体体现。

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这说明中国古代农业生产运用的方法是A．尊重客观规律B．引进良种C．提高地力D．精耕细作3.“凡执技以事上者：祝、史、射、御、医、卜及百官。

…不贰市，不移官。

其衣被天下后世，为功殆过于蚕桑也”。

这一记载反映了A．棉种植的扩展B．棉布的普及C．棉纺业成为新兴部门D．棉纺技术的提高5．“坊市，总一百一十区，万年、长安以朱雀街为界。

街东五十四坊及东市，街西五十四坊及西市，皇城之东尽东郭，城之西尽西郭。

南街一十四坊，取《周礼》王城九逵之制。

”材料所描述之现象应是A．西汉B．唐 C．宋D．明6．汉武帝时“杨可告缗遍天下，中家以上大抵皆遇告。

……得民财物以亿计，奴婢以千万书；田大县数百倾，小县百余顷，宅亦如之。

于是商贾中家以上大抵破。

此唐虞之道，三代所遵行也。

……今更名天下田曰‘王田’……不得买卖。

”以上材料反映了中国古代土地A．国有制B．地主私有制 C．小农私有制D．王室私有制9．有学者认为中国在唐宋至清代的历史进程中有过三次商业革命：第一次是唐宋商业革命，第二次是明清商业革命，第三次是近代商业革命。

其中第二次比第一次突出的表现是A．信用货币的使用 B．货币的作用变大C．对外贸易的繁荣 D．金融服务机构的出现10．“（唐末）今制度驰紊，富者兼地数万亩，贫者无容足之居。

依托强豪，以为私属。

有田之家，坐食租税，贫富悬绝，乃至于斯。

”造成这一现象的根本原因是A．社会两极分化严重 B．政府不抑制兼并C．地主兼并农民土地 D．封建土地私有制11．“阿尔布克尔克（1453年-1515年的葡萄牙军人）打破了阿拉伯商人对印度洋的传统垄断，并在这样做的过程中，和威尼斯商人争夺他们以往通常在地中海东部诸港口购买的‘香料’。

威尼斯商人不再能找到他们几个世纪以来从亚历山大港和地中海东部港口购买的香料。

取而代之的是，现在香料正通过更长但更便宜的海洋航线运往里斯本。

”导致这一结果的直接原因是A．新航路的开辟B．葡萄牙人战胜了威尼斯人C．地中海传统商路的衰落D．葡萄牙人战胜了阿拉伯人12．“如果考虑到葡萄牙在远洋航海理论和实践方面所做的开创性工作，第一个伟大发现即美洲大陆的发现乃在西班牙的赞助下取得，这似乎是自相矛盾的。

而似乎更自相矛盾的是，取得这一成果的原因竟是在于，葡萄牙人在地理知识方面比西班牙人更先进，并正确地估计出哥伦布的计算结果是错的。

”这段材料表达的主旨是A．哥伦布的成功有一定的偶然性B．葡萄牙在远洋航海理论和实践等方面领先于西班牙C．哥伦布错把美洲当成印度的原因是西班牙地理知识的欠缺D．哥伦布发现美洲是必然的13．“在17世纪初期，它具备了国家发展的许多要素，诸如国内经济繁荣，社会稳定，陆军训练有素，海军实力雄厚，而它的地理位置当时也看不出对它有何不利之处。

恰恰相反，纵横交错的河网为它对付西班牙提供了天然屏障（至少是在一定程度上），而濒临北海，又为它利用富饶的鲱鱼资源提供了通路。

但一个世纪之后，它面对几个强敌，却在保卫自己困境中挣扎。

”文中“它”指的是A．英国B．葡萄牙C．法国D．荷兰14．前英国首相威廉·皮特曾说过：“新政府对最根本的原则视而不见，要知道，在商业和海军力量上，法国是我们最主要的，或许应该说是唯一的威胁…如果把西印度群岛宝贵的岛屿还给它…我们相当于给了法国东山再起的基础…这些地方的贸易利润最为丰厚。

”大皮特说此话大致时间是A．18世纪60年代B．19世纪末20世纪初C．17世纪中期D．17世纪末15．“美洲的殖民地为欧洲社会提供了大量的初级产品，从而扩大了英国的土地基础。

在十八世纪后期，美洲的土地还成为欧洲过剩人口的接收地”。

其意为A．美洲的殖民开拓了新市场促进新分工B．北美取代西欧占据世界市场中心地位C．欧洲完成农业社会向工业社会的转换D．促使英国于北美殖民区域的急剧扩大16.下图显示以下年份外国资本、官僚资本和民族资本在中国产业资本总额中所占比例。

据此分析，下列表述正确的是A．民族资本主义具有蓬勃旺盛的生命力B．官僚资本进入20世纪以后走向萎缩C．外国商品输出逐渐让位于资本输出D．民族资本自1936年进入黄金时期17．世界市场发展经历了数百年的历程，每个发展阶段都各有特点。

以下排列符合世界市场发展时序的是：A．抢劫、欺诈——武力威胁——商品输出B．给亚非拉带去灾难与破坏——促进当地民族工业起步——传播先进文化C．以英国为主导——以法国为主导D．资本流向西欧——资本流向亚非拉18．1868年，伦敦议会大厦前的十字路口安装了世界上第一盏煤气信号灯。

它由一位警察牵动皮带操作：红灯停，绿灯行。

这盏信号灯出现后，伦敦这个最繁忙的路口交通秩序有所好转。

这一现象的原因是：A．城市化的发展对城市管理提出了更高要求B．工业革命为信号灯的制作提供了技术支持C．政治改革后，议会地位有了较大提高D．汽车的发明应用使城市交通环境更复杂19．1875年，郭嵩焘奏称：“西洋立国…其本在朝廷政教，其末在商贾、造船、制器，……将谓造船、制器，用其一旦之功，遂可转弱为强，其余皆可不问，恐无此理。

”这一认识A．反映了洋务运动的宗旨和指导思想B．突破了洋务思想的局限C．实质是呼唤新一轮的政治革命D．对西方社会缺乏全面认识20．观察下图，对其数据变化解读正确的一项是：A．19世纪40年代前期数值的上升是由于自然经济解体造成的B．19世纪40年代后期数值的下降是由于太平天国运动的兴起C．该图表反映出英国制造品的强大竞争力D．该图表反映出中国传统经济形态的顽固性21．以下图表反映了某一时期某国的就业人口状况，这个国家有可能是：A．1860年日本B．1840年英国C．1990年法国D．1900年中国22．19世纪末，许多国家成为某一种或少数几种产品的生产国，如：埃及生产棉花，巴西种植咖啡和橡胶，智利出产硝酸盐、铜，玻利维亚生产锡等。

这种现象：A．有利于当地民族工业的发展B．反映出殖民地经济越来越孤立于世界市场C．是资本输出导致的国际分工D．有利于抵制外来经济侵略23．在19世纪中期，企业主们既是资本所有者，又是企业经营管理者，到了20世纪初，企业则往往由高级专业人才管理，开始将所有权与经营权分离。

其原因是：A．旧一代资本家被更先进的生产力所淘汰B．垄断时代企业经营的规模和难度都有极大提高C．企业资本额巨大，单个资本家难以独自承担D．统治阶层调整策略，将部分利益分与其它阶层24．1788年的一份雇佣童工的契约写道：“同意安妮在棉纺厂当合格忠实的仆役童工。

每周6个工作日，每日工作13个小时，上下工钟点由工厂主决定。

如果安妮旷工，工厂主不仅可以扣罚工资，而且可以要求赔偿。

若工作中有不轨行为或玩忽职守，工厂主可以自由解雇她”。

以上材料最适合用作以下哪个课题的研究资料？A．社会主义思潮诞生的背景B．殖民主义者的罪恶历史C．西欧封建社会崩溃的历史必然性D．工业革命推动工业化的前进25.下表是1936年国民政府贸易和生产指标，对该表中的信息解读正确的是A．官僚资本在中国形成B．国民经济比例的失调C．为抗战奠定物质基础D．民族工业的日益萎缩二、材料解析题（共2小题，其中第26题25分，第27题25分）26．根据材料回答问题材料一：明太祖在实行海禁的同时，要求海外国家以“朝贡”的形式，由官方出面组织商人来华进行贸易，这就是“朝贡贸易”。

海外国家派来“朝贡”的成员中，绝大多数是商人，其载运进来的朝贡货物中绝大多数是完全用来进行贸易的。

明朝政府对海外国家载运来的朝贡货物抽取货物税。

明成祖朱棣不仅对朝贡使者放宽各种限制，予以免税优惠，而且在浙江、福建、广东复设三市舶司，专门负责海外诸国贡使附带进来的货物转送问题。

明成祖还派遣郑和携带敕书及精致手工业品，遍赐海外诸国，招徕其遣使入明朝贡，遂把朝贡贸易推向高潮。

——摘编自李金明《论明初的海禁与朝贡贸易》材料二：1644-1683年，清朝执行了比明朝更为严厉的海禁政策，禁止民间商船出海贸易，显然是针对沿海抗清势力而采取的非常措施。

康熙二十二年（1683年）形势发生了很大变化……先前所面临的“反清复明”问题已经烟消云散……康熙二十三年（1684年），正式指定广州、漳州、宁波、云台山（南京）设置海关，允许外国商船前来贸易。

在这些港口沿线及邻近地区，也都允许进行对外贸易，例如广东的潮州、高州、雷州、廉州、琼州等四十三处，福建的厦门、汀州、台北等三十多处，以及浙江、江苏沿海多处港口都是开放的。

乾隆二十二年( 1757年)，清廷下令关闭江海关、浙海关、闽海关，指定外国商船只能在粤海关——广州一地通商，并且对丝绸、茶叶等出口商品的出口量加以限制，对中国商船的出口贸易规定了许多禁令。

——樊树志《国史十六讲》（1）根据材料一，并结合所学知识概括明初“朝贡贸易”的特点。

（8分）（2）根据材料二概括清朝海外贸易政策变化的过程（6分），并及所学知识分析其变化的原因（6分）。

（3）综合上述材料，对明清海贸易政策发展历程你能得出哪些启示？（5分）27．材料一：英、法两国在殖民地和贸易方面的竞争直到17世纪末叶才导致相互开战。

在那以前，英国人与荷兰人的矛盾要多得多，他们之间有遍布全球的冲突点——北大西洋的渔业、东方的商站、美洲的殖民地以及非洲和西印度群岛的奴隶贸易。

这些争端促成1652至1674年的接连三次的英荷战争。

其后，当英国人认识到法国人正取代荷兰人，成为他们最可怕的对手时，形势改变了。

荷兰资源有限，且已过了其全盛时期；法国却是个远为富饶、人口多得多的国家，而且正在急剧地加紧海外活动……1689年，开始了几乎拖延一个世纪，直至1763年英国大获全胜为止的接连四次的英法战争。

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