2017-2018学年北京四中高二上学期期末考试生物理卷

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北京市第四中学高二物理上学期精选试卷检测题

北京市第四中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，用两根等长的绝缘细线各悬挂质量分别m A和m B的小球，分别带q A和q B的正电荷，悬点为O，当小球由于静电力作用张开一角度时，A球悬线与竖直线夹角为α，B 球悬线与竖直线夹角为β，则（）A．sinsinABmmβα=B．sinsinA BB Am qm qβα=C．sinsinABqqβα=D．两球接触后，再静止下来，两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α'、β'，有sin sinsin sinααββ'='【答案】AD【解析】【分析】【详解】AB．如下图，对两球受力分析，根据共点力平衡和几何关系的相似比，可得Am g OPF PA=库，Bm g OPF PB=库由于库仑力相等，联立可得A B m PBm PA= 由于sin cos OA PA αθ⋅=，sin cos OB PB βθ⋅=，代入上式可得sin sin A B m m βα= 所以A 正确、B 错误；C ．根据以上分析，两球间的库仑力是作用力与反作用力，大小相等，与两个球带电量的多少无关，所以不能确定电荷的比例关系，C 错误；D ．两球接触后，再静止下来，两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α'、β'，对小球A 、B 受力分析，根据上述的分析，同理，仍然有相同的关系，即sin sin A B m m βα'='联立可得sin sin sin sin ααββ'='D 正确。

故选AD 。

2．质量分别为A m 和B m 的两小球带有同种电荷，电荷量分别为A q 和B q ，用绝缘细线悬挂在天花板上。

平衡时，两小球恰处于同一水平位置，细线与竖直方向间夹角分别为1θ与()212θθθ>。

两小球突然失去各自所带电荷后开始摆动，最大速度分别为A v 和B v ，最大动能分别为kA E 和kB E 。

2017-2018学年北京市第四中学高二上学期期末考试物理试题

北京四中2017-2018学年上学期高二年级期末考试物理试卷一、选择题（本大题共18小题；每小题3分，共54分。

在每小题给出的四个选项中，有一个选项或多个选项正确。

全部选对的得3分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

）1. 下列说法中正确的是（）A. 布朗运动就是液体分子的无规则热运动B. 布朗运动反映了液体分子的无规则热运动C. 物体吸收热量，内能一定增大D. 物体吸收热量，内能可能减小【答案】BD【解析】AB、布朗运动是悬浮在液体当中的固体颗粒的无规则运动，是液体分子无规则热运动的反映，故A错误、B正确；CD、根据热力学第一定律公式△U=Q+W，气体从外界吸收热量，其内能不一定增加，故C错误、D正确。

故选：BD。

2. 关于磁场中某点的磁感应强度方向，下列说法中正确的是（）A. 磁感应强度的方向就是自由转动的小磁针静止时N极的指向B. 磁感应强度的方向就是小磁针N极在该点的受力方向C. 磁感应强度的方向就是一小段通电直导线在该点的受力方向D. 磁感应强度的方向就是磁感线在该点的切线方向【答案】ABDB、磁感应强度的方向规定为小磁针N极在该点的受力方向，B正确；C、B的方向与通电导线所受安培力的方向垂直，C错误；D、磁感应强度的方向就是通过该点的磁感线的切线方向，D正确。

故选：ABD。

3. 质量为m的通电细杆ab置于倾角为的光滑的平行导轨上，在磁场的作用下，ab恰好在导轨上静止，如下图所示。

下图是从b端观察时的四个平面图，其中通电细杆ab可能保持静止的是（）A. B. C. D.【答案】AB【解析】A、杆受到向下的重力，水平向右的安培力，和垂直于斜面的支持力的作用，在这三个力的作用下，可以处于平衡状态， A正确；B、杆子受重力、竖直向上的安培力，在这两个力的作用下，可以处于平衡状态， B正确；C、杆受到的重力竖直向下，安培力竖直向下，和垂直于斜面的支持力的作用，在这三个力的作用下，不可能处于平衡状态，C错误； ...D、杆受到的重力竖直向下，安培力水平向左，和垂直于斜面的支持力的作用，在这三个力的作用下，不可能处于平衡状态，D错误。

北京四中2017-2018学年高三上学期期末考试模拟物理试卷 Word版含解析

北京四中2017-2018学年高三上学期期末物理模拟试卷一、单项选择题（本题共12小题，每小题3分，共36分．）1．下列物理量单位中，关系正确的是( )A．1N=1kg•m/s B．1J=1V•m C．1N/C=1V/m D．1Wb=1T•s考点：力学单位制．分析：物理量的单位关系可根据相关的物理规律进行分析．解答：解：A、根据牛顿第二定律F=ma知：1N=1kg•m/s2．故A错误．B、根据W=qU知：1J=1V•C，故B错误．C、根据E=和E=知：1N/C=1V/m，故C正确．D、根据Φ=BS知：1Wb=1T•m2，故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键是掌握常用的物理公式，明确各个量的单位及其相互关系．2．如图所示，物体A用轻质细绳与圆环B连接，圆环固定在竖直杆MN上．现用一水平力F作用在绳上的O点，将O点缓慢向左移动，使细绳与竖直方向的夹角θ逐渐增大．关于此过程，下列说法中正确的是( )A．水平力F逐渐增大B．水平力F逐渐减小C．绳OB的弹力逐渐减小D．绳OB的弹力逐渐增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：O点缓慢向左移动过程中，结点O的合力保持为零，分析结点O的受力情况判断F 的变化，对整体研究，根据平衡条件判断杆对圆环的弹力和摩擦力的变化情况．解答：解：设细绳与水平方向的夹角为α，物体的质量为m，对结点O受力分析，运用合成法，则由平衡条件得：F=，α减小，则F增大．故A正确，B错误；C、设绳对圆环的弹力为T，则Tsinα=mg，T=，α减小，则T增大，即绳对圆环B的弹力变大，故C错误，D正确．故选：AD．点评：本题采用隔离法和整体法相结合研究动态平衡问题，由于不分析系统的内力，运用整体法分析杆对圆环的摩擦力和弹力比较简便．3．如图所示，在粗糙水平地面上放一质量为M的斜面，质量为m的木块沿斜面匀速下滑，此过程中斜面保持静止，则( )A．地面对斜面有水平向右的摩擦力B．地面对斜面有水平向左的摩擦力C．地面对斜面的支持力等于（M+m）gD．地面对斜面的支持力小于（M+m）g考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：本题中物体沿斜面匀速下滑，合力为零，斜面保持静止，合力也为零，可以以整体为研究对象，分析受力，根据平衡条件求解地面对斜面的支持力和摩擦力．解答：解：以整体为研究对象，分析受力情况：总重力（M+m）g、地面的支持力N，静摩擦力（可能为零）．则由平衡条件可知：竖直方向：N=（M+m）g水平方向：f=0；故C正确，ABD错误．故选：C．点评：本题的关键是采用整体法．当两个物体的加速度都为零，可以运用整体法研究，比较简便．4．一物体以某一水平速度平抛，从开始释放到某时刻，下列说法不正确的是( )A．水平位移与时间成正比B．下落高度与速度成正比C．动量增量与时间成正比D．动能增量与下落高度成正比考点：动量定理；平抛运动．专题：动量定理应用专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，结合运动学公式分析判断．解答：解：A、水平位移x=v0t，因为水平分速度不变，可知水平位移和时间成正比，故A 正确．B、下落高度h=，下落的高度与速度不成正比，故B错误．C、根据动量定理得，mgt=△P，可知动量的增量与时间成正比，故C正确．D、根据动能定理得，mgh=△E k，知动能增量与下落的高度成正比，故D正确．本题选错误的，故选：B．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，运用运动学公式、动能定理、动量定理进行求解，难度不大．5．假设两颗“近地”卫星1和2的质量相同，都绕地球做匀速圆周运动，如图所示，卫星2的轨道半径更大些．两颗卫星相比较，下列说法中正确的是( )A．卫星1的向心加速度较小 B．卫星1的动能较小C．卫星1的周期较小 D．卫星1的机械能较大考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：根据牛顿的万有引力定律研究引力的大小．卫星由万有引力提供向心力，根据对应量的表达式研究速度、周期、再通过变形可得动能表示，研究动能．由卫星从第轨道进入高轨道需要加速度，可研究机械能．解答：解：卫星围绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供圆周运动向心力有：=ma=m=mA、a=，轨道半径小的卫星1向心加速度来得大，故A错误；B、v=，轨道半径小的卫星1线速度来得大，卫星1的动能较大，故B错误；C、T=2π，轨道半径小的卫星1的周期较小，故C正确；D、将卫星从低轨道进入高轨道，火箭要点火加速做功，则卫星2的机械能较大，即卫星l 的机械能较小．故D错误．故选：C点评：本题抓住卫星绕地球做圆周运动时万有引力提供圆周运动向心力，熟悉向心力的不同表达式并能灵活变形是正确解决本题的关键．6．如图所示，质量为m的小球从距离地面高H的A点由静止开始释放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用到达距地面深度为h的B点速度减为零．不计空气阻力，重力加速度为g．关于小球下落的整个过程，下列说法中正确的有( )A．小球克服阻力做的功为mgh B．小球克服阻力做的功为mgHC．小球的机械能减少了mgH D．小球的机械能减少了mg（H+h）考点：功能关系；动能定理．分析：通过小球重力势能和动能的变化量求出小球机械能的减小量，对全过程运用动能定理，求出小球克服阻力做功的大小，根据动量定理求出小球阻力的冲量．解答：解：小球在整个过程中，动能变化量为零，重力势能减小mg（H+h），则小球的机械能减小了mg（H+h）．对全过程运用动能定理得，mg（H+h）﹣W f=0，则小球克服阻力做功W f=mg（H+h）．故ABC错误，D正确．故选：D点评：解决本题的关键掌握动能定理和动量定理的运用，运用动能定理解题不需考虑速度的方向，运用动量定理解题需考虑速度的方向．7．篮球运动员通常要伸出双手迎接传来的篮球．接球时，两手随球迅速收缩至胸前．这样做可以( )A．减小球对手的冲量 B．减小球对人的冲击力C．减小球的动量变化量 D．减小球的动能变化量考点：动量定理．专题：动量定理应用专题．分析：先伸出两臂迎接，手接触到球后，两臂随球引至胸前，这样可以增加球与手接触的时间，根据动量定理即可分析．解答：解：先伸出两臂迎接，手接触到球后，两臂随球引至胸前，这样可以增加球与手接触的时间，根据动量定理得：﹣Ft=0﹣mvF=当时间增大时，作用力就减小，而冲量和动量、动能的变化量都不变，所以B正确．故选B．点评：本题主要考查了动量定理的直接应用，难度不大，属于基础题．8．图甲为一简谐横波在t=0时刻的波形图象，图乙为横波中x=2m处质点A的振动图象，则下列说法正确的是( )A．波的传播方向沿x轴负方向B．波的传播速度大小为2m/sC．在t=0时刻，图甲中质点A的振动速度大小为0D．在t=1s时刻，图甲中质点A的位置坐标为（0，20）考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．专题：振动图像与波动图像专题．分析：由乙图读出t=0时刻质点A的振动方向，由甲图判断出波的传播方向．由甲图读出波长，由乙图读出周期，即可求得波速．根据t=0时刻质点A的位置分析其速度大小．根据时间t=1s与周期的关系，分析质点A的位移．解答：解：A、由乙图读出t=0时刻质点A的振动方向沿y轴正方向，由甲图判断出波的传播方向沿x 轴正方向．故A错误．B、由甲图读出波长λ=8m，由乙图读出周期T=4s，则波速v==2m/s，故B正确．C、在t=0时刻，图甲中质点A位于平衡位置，速度最大，不是0，故C错误．D、因t=1s=T，图示时刻质点A的振动方向沿y轴正方向，则在t=1s时刻，图甲中质点A到达波峰，坐标为（2，20），故D错误．故选：B点评：本题关键要抓住振动图象与波动图象之间的联系，将一个周期分成四个周期研究质点的振动过程．9．理发用的电吹风机中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，得到热风将头发吹干．设电动机线圈电阻为R1，它与电热丝电阻值R2串联后接到直流电源上，吹风机正常工作，电流为I吹风机两端电压为U，电流为I，消耗的功率为P，则有( )A．P=UI B．P=I2（R1+R2） C．P＞UI D．P=考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．解答：解：A、C、电吹风机消耗的电功率P是总的功率，总功率的大小应该是用P=IU 来计算，所以总功率P=IU，所以A正确，而C错误；B、电吹风机中发热的功率要用I2R来计算，所以总的发热功率为I2（R1+R2），吹风机的总功率P=IU要大于发热部分的功率，所以B错误；D、吹风机是非纯电阻电路，欧姆定律不适用，故D错误．故选：A．点评：对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．10．一个带电粒子，沿垂直于磁场的方向射入一匀强磁场，粒子的一段径迹如图所示．径迹上的每一小段都可近似看成圆弧．由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小（带电量不变）．从图中情况可以确定( )A．粒子从a到b，带正电B．粒子从b到a，带正电C．粒子从a到b，带负电D．粒子从b到a，带负电考点：洛仑兹力；带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据粒子在磁场中运动的半径公式r=来分析粒子的运动的方向，在根据左手定则来分析电荷的性质．解答：解：由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小，速度逐渐减小，根据粒子在磁场中运动的半径公式r=可知，粒子的半径逐渐的减小，所以粒子的运动方向是从b到a，在根据左手定则可知，粒子带正电，所以B正确．故选B．点评：根据r=可知，粒子运动的半径与速度的大小有关，根据半径的变化来判断粒子的运动的方向，这是解决本题的关键．11．物理实验中，常用一种叫做“冲击电流计”的仪器测定通过电路的电量．如图所示，探测线圈与冲击电流计串联后可用来测定磁场的磁感应强度．已知线圈的匝数为n，面积为S，线圈与冲击电流计组成的回路电阻为R．若将线圈放在被测匀强磁场中，开始线圈平面与磁场垂直，现把探测圈翻转180°，冲击电流计测出通过线圈的电量为q，由上述数据可测出被测磁场的磁感应强度为( )A．B．C．D．考点：法拉第电磁感应定律；电流、电压概念．专题：电磁感应与电路结合．分析：线圈翻转导致穿过线圈的磁通量发生变化，根据法拉第电磁感应定律可求出感应电动势大小，再由闭合电路欧姆定律可求出感应电流大小，根据电量的公式q=It，可列出关于电荷量的表达式，从而可测出磁感应强度．解答：解：由法拉第电磁感应定律：可求出感应电动势大小，再由闭合电路欧姆定律可求出感应电流大小，根据电量的公式q=It，可得．由于开始线圈平面与磁场垂直，现把探测圈翻转180°，则有△∅=2BS所以由上公式可得：，则磁感应强度，故C正确，ABD错误；故选：C．点评：考查法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律、电量表达式，同时注意磁通量虽然是标量，但注意线圈分正反面，从而导致磁通量有正负．还有磁通量与线圈匝数无关，但感应电动势与线圈匝数有关．12．如图所示，固定在水平面中的金属轨道MN、PQ互相平行，M、P之间接有电阻R．金属杆ab置于两轨道上，与两轨道保持垂直且接触良好．轨道区域存在方向始终竖直向下的匀强磁场，且磁场的磁感应强度B随时间均匀增大．为了保持金属杆ab的位置不变，应该对金属杆ab施加一个水平方向的外力，此外力( )A．方向向左，大小不随时间变化B．方向向左，大小随B同步变化C．方向向右，大小不随时间变化D．方向向右，大小随B同步变化考点：法拉第电磁感应定律；安培力．专题：电磁感应与电路结合．分析：根据法拉第电磁感应定律求解电动势，根据欧姆定律和F=BIL表示安培力大小，根据平衡条件知外力的大小变化规律．解答：解：设B=kt根据法拉第电磁感应定律知E=n=ns=nsk①根据欧姆定律知I=②安培力F=BIL③由①②③知F=kt L根据楞次定律知电流为逆时针，根据左手定则知安培力方向向左，根据平衡条件知外力水平向右，随时间增大．故D正确；故选：D点评：本题考查法拉第电磁感应定律、欧姆定律和F=BIL的综合应用，注意不变．二、多项选择题（本题共4小题．每小题给出的四个选项中，有一个或多个选项正确．全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）13．如图所示，两块平行金属板正对着水平放置，两板分别与电源正、负极相连，下板接地（设地面电势为零）．当开关闭合时，一带电液滴恰好静止在两板间的M点．则下列说法正确的是( )A．带电液滴电势能大于0B．保持开关闭合，将下板上移，则带电液滴将向下运动C．将开关再断开，再将下板向下移动，则带电液滴将向下运动D．将开关再断开，再将下板向下移动，则带电液滴电势能将减小考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：开始时液滴静止说明液滴受力平衡，可得出电场力与重力大小相等；根据开关的通断，可知两板间电势差的变化或电量的变化；则改变极板间的距离时，由电容器的性质可知板间电场强度的变化，由F=Eq可知电场力的变化，即可判断液滴的运动情况．解答：解：A、电容器的下极板带正电，沿着电场线电势降低，下极板为零，故M点的电势为负值；开始时，液滴静止，故mg=Eq，电场力向上，液滴带正电荷；根据公式E p=qφ，带电液滴电势能为负值；故A错误；B、保持开关闭合，将下板上移，板间距减小，两板间的电势差不变，由U=Ed可知E增大，液滴所受电场力增大，合力向上，故液滴将向上运动，故B错误；C、将开关再断开，无论如何改变两板间的距离，板间的电场强度均不发生变化，故电场力不变，故粒子仍能受力平衡，故C错误；D、将开关再断开，无论如何改变两板间的距离，板间的电场强度均不发生变化；故将下板向下移动，M点电势降低，故带电液滴电势能将减小，故D正确；故选：D．点评：若通电后断开开关，则若只改变两板间的距离时极板间的电场强度是保持不变的，本结论应熟记并能灵活应用．14．如图画出了匀强电场的几条电场线，M、N是该电场中的两点．一个带正电荷的离子（不计重力）仅在电场力作用下由M点运动到N点，则( )A．该离子在M点的速度不为零B．该离子在M点速度可能为零C．该离子在M点的电势能小于在N点的电势能D．该离子在M和N点的电势能哪个大不能确定考点：电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由图知，粒子运动方向与受力方向不在一条直线上，所以为曲线运动，离子在M点的速度不为零．沿着电场线的方向电势降低的，粒子带正电，由电势能的表达式可得电势能的高低解答：解：A、由图知，粒子运动方向与受力方向不在一条直线上，所以为曲线运动，离子在M点的速度不为零，故A正确；B、由A分析知，B错误；C、沿电场线方向电势逐渐降低，即φM＞φN，由电势能表达式得E P=qφ，且q为正值，故离子在M点的电势能大于在N点的电势能，故C错误；D、由C知D错误故选：A点评：对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．判定电势能大小应用表达式即可，但要考虑电势与电荷量的正负．15．图1中的变压器为理想变压器，原线圈的匝数n1与副线圈的匝数n2之比为10：1．变压器的原线圈接如图2所示的正弦式电流，两个20Ω的定值电阻串连接在副线圈两端．电压表V为理想电表．( )A．原线圈上电压的有效值为100VB．原线圈上电压的有效值约为70.7VC．电压表V的读数为5.0VD．电压表V的读数约为3.5V考点：变压器的构造和原理；欧姆定律；交流的峰值、有效值以及它们的关系．专题：交流电专题．分析：根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．解答：解：A、B、根据图象可得原线圈的电压的最大值为100V，最大值为有效值的倍，所以电压的有效值为V=50V=70.7V，所以A错误，B正确．C、D、由于原线圈的匝数n1与副线圈的匝数n2之比为10：1，原线圈的电压有效值为50V，所以副线圈的电压的有效值为5V，所以电压表的示数为×20V=3.5V，所以C错误，D正确．故选BD．点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．16．如图所示，是研究“影响平行板电容器电容的因素”的实验装置，实验中，认为平行极板的带电量几乎不变，通过静电计指针张角的变化来判断电容器的电容变化．下列关于实验的操作和现象描述正确的是( )A．静电计的指针偏角越大，则电容器两极板间的电压就越大B．保持间距d不变，将左极板上移，则指针张角变大C．保持正对面积s不变，将左极板向右平移，则指针张角减小D．保持间距d和正对面积s不变，在两极板间插入电介质，则指针张角变大考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：电容器与外电路断开，电量保持不变，静电计测量的是电容器两端间的电势差．解答：解：A、静电计指针张角越大，则电压就越大，故A正确；B、保持间距d不变，将左极板上移，即正对面积减小，那么电容减小，带电量不变，根据C=知电压增大，静电计指针张角变大，故B正确．C、保持正对面积s不变，将左极板向右平移，间距减小，则电容增大，带电量不变，根据C=知电压减小，静电计指针张角变小．故C正确．D、电介质插入两板之间，电容增大，带电量不变，根据C=知电压减小，静电计指针张角变小，故D错误；故选：ABC．点评：解决本题的关键知道静电计是测量电势差大小的仪器，知道它与电压表的区别．三、计算题（本题共7小题．解答应有必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的，答案中必须写出数值和单位．）17．在物理学中，常常用等效替代、类比、微小量放大等方法来研究问题．如在牛顿发现万有引力定律一百多年后，卡文迪许利用微小量放大法由实验测出了万有引力常量G的数值，如图所示是卡文迪许扭秤实验示意图．卡文迪许的实验常被称为是“称量地球质量”的实验，因为由G的数值及其它已知量，就可计算出地球的质量，卡文迪许也因此被誉为第一个称量地球的人．（1）若在某次实验中，卡文迪许测出质量分别为m1、m2相距为r的两个小球之间引力的大小为F，求万有引力常量G；（2）若已知地球半径为R，地球表面重力加速度为g，万有引力常量为G，忽略地球自转的影响，请推导出地球质量及地球平均密度的表达式．考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力定律，化简可得万有引力常量G；在地球表面附近的物体受到重力等于万有引力，可以解得地球的质量M，地球的体积为V=，根据密度的定义，代入数据可以计算出地球平均密度．解答：解：（1）根据万有引力定律有：解得：（2）设地球质量为M，在地球表面任一物体质量为m，在地球表面附近满足：得地球的质量为：M=地球的体积为：V=解得：地球的密度为：答：（1）万有引力常量为．（2）地球质量为，地球平均密度的表达式为．点评：本题要掌握万有引力定律的公式，理解公式中各量的物理含义，要求掌握星球表面的物体受到的重力等于万有引力．18．如图所示，粗糙水平地面与半径为R=0.5m的光滑半圆轨道BCD相连接，且在同一竖直平面内，O是BCD的圆心，BOD在同一竖直线上．质量为m=1kg的小物块在水平恒力F=15N的作用下，由静止开始从A点开始做匀加速直线运动，当小物块运动到B点时撤去F，小物块沿半圆轨道运动恰好能通过D点，已知AB间的距离为3m，重力加速度g=10m/s2．求：（1）小物块运动到B点时的速度；（2）小物块在水平面上从A运动到B的过程中克服摩擦力做的功；（3）小物块离开D点后落到地面上的点与B点之间的距离．考点：动能定理．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）因为小物块恰好能通过D点，所以在D点小物块所受重力等于向心力，由牛顿第二定律求出小物块通过D点的速度．物块由B点运动到D点的过程中机械能守恒，根据机械能守恒定律列式即可求解物块运动到B点时的速度；（2）从A运动到B的过程中，根据动能定理求解克服摩擦力做的功．（3）小物块离开D点做平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由运动学公式求解落到水平地面上的点与B点之间的距离；解答：解：（1）因为小物块恰能通过D点，所以在D点小物块所受重力等于向心力，即mg=m，小物块由B运动D的过程中机械能守恒，则有代入数据解得v B=5m/s．（2）小物块在水平面上从A运动到B过程中根据动能定理，有Fx AB﹣W f=，代入数据解得W f=32.5J，（3）设小物块落地点距B点之间的距离为x，下落时间为t，根据平抛运动的规律：x=v D t，2R=，代入数据解得x=1m；答：（1）小物块运动到B点时的速度为5m/s；（2）小物块在水平面上从A运动到B的过程中克服摩擦力做的功为32.5J；（3）小物块离开D点后落到地面上的点与B点之间的距离为1m．点评：本题是动能定理、牛顿第二定律和平抛运动规律的综合应用，关键是确定运动过程，分析运动规律．19．如图所示，MN和PQ为固定在水平面上的平行金属轨道，轨距为0.2m．质量为0.1kg 的金属杆ab置于轨道上，与轨道垂直．整个装置处于方向竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度B=0.5T．现用F=2N的水平向右的恒力拉ab杆由静止开始运动，电路中除了电阻R=0.05Ω之外，其余电阻不计，设轨道光滑，求：（1）金属杆ab的速度达到5m/s时的加速度多大？（2）当金属杆ab达到最大速度后，撤去外力F，此后感应电流还能产生多少焦耳热？考点：法拉第电磁感应定律；牛顿第二定律；焦耳定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：（1）根据欧姆定律和法拉第电磁感应定律以及安培力公式表示出安培力的表达式，根据牛顿第二定律列方程求出加速度；（2）受力平衡时有最大速度，根据能量的转化与守恒求产生的热量．解答：解：（1）金属棒产生的感应电动势为：E=BLv由欧姆定律得：I=金属棒所受的安培力大小为：F安=BIL，由牛顿第二定律得：F﹣F安=ma，联立解得：a=﹣=﹣=10m/s2。

2017-2018高二上学期物理答案

2017—2018学年上学期期末考试模拟卷（1）高二物理·参考答案1 2 3 4 5 67 8 9 10 11 12 DDCCBCCBADACBCABC13．（1）实物图如图所示（3分）（2）左（1分）（3）1.5 1.0（各1分）14．（1）5.015（1分）（2）4.700（1分）（3）22（1分）（4）V 1 A 2 R 1 （每空1分）（5）如图所示（3分）15．（1）电动机消耗的电功率为 5.0110W 550W P UI ==⨯=电（3分）（2）细绳对重物做功的机械功率为45100.70W 315W P mgv ==⨯⨯=机（3分）（3）电动机输出的电功率为315W 450W 0.7P P η===机输出（1分）电动机线圈的电阻R 的发热功率为100W P P P =-=热电输出（1分）再由R I P 2=热得电动机线圈的电阻2100425P R I ==Ω=Ω热（1分） 16．（1）金属棒匀速运动时，沿导轨方向金属棒受力平衡得mg sin θ=f+F （2分）金属棒受的安培力为F =B 0IL （1分） f=μF N =μmg cos θ（1分）解得I =0.2 A （1分）（2）由欧姆定律得I=E/R （1分）由电磁感应定律得E=B 0Lv （2分）解得v =2 m/s （1分）（3）金属棒滑行至cd 处时，由能量守恒定律得21sin cos 2mgs mv Q mg s θμθ⋅=++⋅（2分）解得Q =0.1 J （1分）17．（1）设加速电压为U ，正离子初速度为零，经过加速电场加速，根据动能定理得212qU mv =（2分）正离子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，2mv qvB R=（1分）联立解得2mqUR qB=（1分）当加速电压较小时，离子在磁场中做匀速圆周运动的半径较小，当离子恰好打到金属板下端点N 时，圆周运动的半径最小为min R ，如图1所示图1 图2根据几何知识可以判断min R d =，故22min2qB d U m=（2分）当加速电压较大时，离子在磁场中做匀速圆周运动的半径较大，当离子恰好打到金属板上端点M 时，圆周运动的半径最大为max R ，如图2所示根据几何知识判断()222max max 2R d d R =+-（1分）解得max 54R d =（1分）所以22max2532qB d U m=（1分）所以离子能全部打在金属板上，加速电压的取值范围为222225232qB d qB d U m m≤≤（1分）（2）设离子在磁场中做匀速圆周运动的周期为T ，根据圆周运动规律得2πRT v=又2v qvB m R=联立解得2πmT qB=（1分）离子在磁场中做匀速圆周运动的周期与加速电压无关离子在图1所示的轨迹中运动时间最短为min 14t T =（1分）离子在图2所示的轨迹中运动时间最长为max 90360t T θ︒+=︒（1分）根据几何知识，max 4cos 5d R θ==，则37θ=︒（2分）所以minmax90127t t =（1分）。

北京市第四中学高二物理上学期精选试卷检测题

北京市第四中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，竖直平面内固定一倾斜的光滑绝缘杆，轻质绝缘弹簧上端固定，下端系带正电的小球A ，球A 套在杆上，杆下端固定带正电的小球B 。

现将球A 从弹簧原长位置由静止释放，运动距离x 0到达最低点，此时未与球B 相碰。

在球A 向下运动过程中，关于球A 的速度v 、加速度a 、球A 和弹簧系统的机械能E 、两球的电势能E p 随运动距离x 的变化图像，可能正确的有（）A ．B ．C ．D ．【答案】CD 【解析】【分析】【详解】令A 、B 小球分别带电量为1q 、2q ，释放A 球时A 、B 间距为r ，弹簧的劲度系数为K 。

则 A ．在小球A 运动到最低点的过程中，受力分析如图所示加速阶段有122sin ()kq q ma mg θKx r x =---减速阶段有122sin ()kq q ma Kx mg θr x =+--所以小球先做加速度减小的加速运动，再做加速度增大的减速运动，越向下运动，弹力和电场力越大，所以减速阶段速度减小的更快，速度减为零的时间更短，和加速阶段不对称，A 错误；B ．小球做加速度减小的加速运动时，122sin ()kq q Ka g θx m r x m=--- 对a 求导则1232d d ()kq q a K x m r x m=-- 则加速阶段，加速度随着运动距离x 的增加而减小，且加速减小得越来越快（即a -x 曲线越来越陡峭）。

同理，减速阶段122sin ()kq q Ka x g θm r x m =+--1232d d ()kq q a Kx m m r x =-- 在减速阶段加速度运动距离x 的增加而减加而增大，且加速度增加得越来越慢（即a -x 曲线越来越平缓），故B 错误；C ．小球向下运动过程中，由于要克服电场力做功，所以球A 和弹簧系统的机械能E 逐渐减小，越靠近B 小球，电场力越大，机械能减小的越快，所以图像的斜率的绝对值越来越大，C 正确；D ．小球向下运动过程中，电场力做负功，所以电势能逐渐增大，越靠近B 小球，电场力越大，电势能增大的越快，所以图像的斜率越来越大，D 正确。

2018-2019学年北京市第四中学高二上学期期末考试物理试题解析版

北京四中2018-2019学年上学期高二年级期末考试物理试卷一、单项选择题1.两个完全相同的绝缘金属小球A、B，A球所带电荷量为+4Q，B球不带电。

现将B球与A 球接触后，移至与A球距离为d处（d远大于小球半径）。

已知静电力常量为k，则此时A、B两球之间的库仑力大小是A. B. C. D.【答案】C【解析】【详解】未接触前，根据库仑定律，得：库仑为零；接触后两球带电量q=4Q，每个球的电荷量为2Q，再由库仑定律，得，故C正确。

故选：C。

2.某电场的分布如图所示,带箭头的实线为电场线,虚线为等势面。

A、B、C三点的电场强度分别为、、,电势分别为、、,关于这三点的电场强度和电势的关系,下列判断中正确的是( )A. ,B. ,C. ,D. ,【答案】B【解析】根据电场线的疏密程度表示场强的大小，由图可知A处电场线比B处密，所以E A>E B根据沿电场线电势越来越低可知：，故B正确。

点晴：解决本题关键理解电场线的疏密程度表示场强的大小和沿电场线电势越来越低。

3.如图为某匀强电场的等势面分布图，每两个相邻等势面相距2cm，则该匀强电场的场强大小和方向分别为A. E=200V／m，向下B. E=200V／m，向上C. E=100V／m，向左D. E=100V／m，向右【答案】C【解析】【详解】根据电场线总是与等势面垂直，而且由高电势指向低电势，可知，电场强度方向水平向左。

两个相邻等势面相距d=2cm，电势差U=2V，则电场强度故选：C。

4.平行板电容器的极板B与静电计指针相接，极板A接地。

若A板稍向上移动一点，由观察到的静电计指针张角变化情况，得出平行板电容器电容变小的结论。

这个判断的依据是A. 两极板间的电压不变，极板上的电量变小B. 两极板间的电压不变，极板上的电量变大C. 极板上的电量几乎不变，两极板间的电压变小D. 极板上的电量几乎不变，两极板间的电压变大【答案】A【解析】【详解】电容器的A极板以及与其相连的静电计均与外界绝缘，所带电荷量几乎不变；B 板与A板带总是带等量异种电荷，故而电荷量也几乎不变，即电容器的电荷量几乎不变；静电计指针偏角变大，说明电势能增加，指针与外壳见的电势差增大，故电容器两极板间的电压变大；据可得，电容器电容变小。

北京市第四中学2018-2019学年高二上学期期末考试物理试题(原卷版)

北京四中2018-2019学年上学期高二年级期末考试物理试卷一、单项选择题1.两个完全相同的绝缘金属小球A、B，A球所带电荷量为+4Q，B球不带电。

现将B球与A球接触后，移至与A球距离为d处（d远大于小球半径）。

已知静电力常量为k，则此时A、B两球之间的库仑力大小是A. B. C. D.2.某电场的分布如图所示,带箭头的实线为电场线,虚线为等势面。

A、B、C三点的电场强度分别为、、,电势分别为、、,关于这三点的电场强度和电势的关系,下列判断中正确的是( )A. ,B. ,C. ,D. ,3.如图为某匀强电场的等势面分布图，每两个相邻等势面相距2cm，则该匀强电场的场强大小和方向分别为A. E=200V／m，向下B. E=200V／m，向上C. E=100V／m，向左D. E=100V／m，向右4.平行板电容器的极板B与静电计指针相接，极板A接地。

若A板稍向上移动一点，由观察到的静电计指针张角变化情况，得出平行板电容器电容变小的结论。

这个判断的依据是A. 两极板间的电压不变，极板上的电量变小B. 两极板间的电压不变，极板上的电量变大C. 极板上的电量几乎不变，两极板间的电压变小D. 极板上的电量几乎不变，两极板间的电压变大5.如图所示，质量为m的带电小球用绝缘丝线悬挂于O点，并处在水平向左的匀强电场E中，小球静止时丝线与竖直方向夹角为，则电场强度大小为A. B.C. D.6.电场中A、B两点的电势差U AB>0，将一正电荷从A点移到B点的过程中A. 电场力做正功，电荷的电势能增加B. 电场力做正功，电荷的电势能减少C. 电场力做负功，电荷的电势能增加D. 电场力做负功，正电荷电势能减少7.金属球原来不带电，现沿球直径的延长线放置一均匀带电细杆MN，如图所示。

金属球上感应电荷产生的电场在球内直径上a、b、c三点的场强大小分别为E a、E b、E c。

下列判断正确的是A. E a>E b>E cB. E b>E c>E aC. E c>E b>E aD. E a=E b=E c8.A、B两个点电荷在真空中产生电场，电场线（方向未标出）分布如图所示。

北京市第四中学XXXX高二上学期期末考试物理试题)-

北京市第四中学XXXX高二上学期期末考试物理试题）-北京四中XXXX上学期高二年级期末考试物理试卷1、选择题(此大题共18题；每项得3分，总计54分。

每个项目中给出的四个选项中，有一个或多个是正确的。

选择正确的得3分，不选择所有的得2分，选择错误或不回答的得0分。

)最近的一份试卷已经苦读了十年，已经踏上了高考之路。

你应该冷静和自信。

面对试卷，你应该像上帝一样书写，并通过短信发送祝福。

愿你能上高中，成为一个成功的人。

金牌将是你的头衔。

1。

下列陈述是正确的(一)布朗运动是液体分子的不规则热运动(二)布朗运动反映了液体分子的不规则热运动(三)物体吸热，其内能必然增加(四)物体吸热，其内能可能减少(五)[答案]BD[分析] AB和布朗运动是悬浮在液体中的固体颗粒的不规则运动，是液体分子不规则热运动的反映，所以A是错误的，B是正确的；CD，根据热力学第一定律公式△U=Q+W，气体从外界吸收热量，其内能不一定增加，所以C是错误的，D是正确的所以选择:商业发展2。

关于磁场中某一点的磁感应强度的方向，以下陈述是正确的() a .当自由旋转的小磁针静止时，磁感应强度的方向是n极的方向b .磁感应强度的方向是小磁针n极在c点的受力方向.磁感应强度的方向是一小段带电直线在d点的受力方向.磁感应强度的方向是磁感应线在这一点上[回答] abdb .磁感应强度的方向定义为小磁针n极在这一点上的受力方向，b 是正确的；C和B的方向垂直于导线上安培力的方向，C是错误的。

D，磁感应强度的方向是通过该点的磁感应线的切线方向，d是正确的所以选择:ABD3。

质量为m的带电细棒ab放置在具有倾角的光滑平行导轨上。

在磁场的作用下，ab刚好停在导轨上，如下图所示下图是从B端观察时的四个平面图。

其中，带电细棒ab在()a .b .c .d .[答案]AB[分析] A的作用下可能保持静止不动。

该棒受到向下的重力、水平和向右的安培力以及垂直于斜面的支撑力的作用。

北京四中2018-2019高二物理第一学期物理期末模拟卷(PDF有答案)

2018-2019高二上学期期末练习一、单项选择题1．关于万有引力定律的建立，下列说法正确的是（C）．A．卡文迪许仅根据牛顿第三定律推出了行星与太阳间引力大小跟行星与太阳间距离的平方成反比的关系B．“月-地检验”表明物体在地球上受到地球对它的引力是它在月球上受到月球对它的引力的60倍C．“月-地检验”表明地面物体所受地球引力与月球所受地球引力遵从同样的规律D．引力常量G 的大小是牛顿根据大量实验数据得出的2.如图所示为某物体做简谐运动的振动图像，下列说法正确的是AA.0.3s 时刻与0.5s 时刻物体的动能相同B.0.3s 时刻与0.5s 时刻物体的速度相同C.0.1s 时刻与0.3s 时刻物体的回复力方向相同D.0.1s 时刻与0.3s 时刻物体的回复力大小不同3．把两个单摆分别拉起一定角度后同时释放，均做简谐运动。

对比两单摆的振动，以下说法正确的是CA ．若只是摆球质量不同，则质量大的周期长B ．若只是摆球质量不同，则质量小的周期长C ．若只是摆长不同，则摆长长的周期长D ．若只是摆长不同，则摆长短的周期长4.如图所示，a 为地球赤道上的物体，b 为沿地球表面附近做匀速圆周运动的人造卫星，c 为地球同步卫星。

关于a 、b 、c 做匀速圆周运动的说法中正确的是（D ）A ．角速度的大小关系为a c bωωω=>B ．向心加速度的大小关系为a b c a a a >>C ．线速度的大小关系为a b c v v v =>D ．周期关系为a c bT T T =>5．如图所示，在一条张紧的绳子上挂几个摆，其中A 、B 的摆长相等。

先让A 摆振动起来，其它各摆随后也跟着做受迫振动。

稳定后B，A ．B 、C 、D 摆的振动周期不同B．B 、C 、D 摆的振动周期相同C ．D 摆振幅最大D ．C 摆振幅最大6．如图所示，一列简谐横波沿x 轴负方向传播，图甲是t ＝1s 时的波形图，图乙是波中某质点位移随时间变化的振动图线。

北京市第四中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题(原卷版)

北京市第四中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题一、选择题1.下列物理量是矢量的有（）A. 电流B. 电场强度C. 电势差D. 电势能2.关于机械波，下列说法中正确的是（）A. 两个相邻波峰间的距离是一个波长B. 同种均匀介质中，频率越高的波，传播速度越快C. 任一振动质点每经过一个周期沿波的传播方向移动一个波长的距离D. 干涉和衍射是波特有的现象3.已知时间内通过均匀导体某一横截面的自由电子数为，电子电荷量为，导体模截面积为，单位体积内的自由电子数为，则电子定向移动的速度为（）A. B. C. D.4.真空中有甲、乙两个点电荷相距为，它们间的静电引力为．若甲的电荷量变为原来的倍，乙的电荷量保持不变，它们间的距离变为，则它们之间的静电引力将变为（）A. B. C. D.5.一列简谐横波在时刻的波形如图中实线所示，在时刻的波形如图中虚线所示，由此可以判定此列波（）A. 波长一定是B. 周期可能是C. 一定向右传播D. 传播速度一定是6.随着中国电信业的发展，国产手机在手机市场上已经占有了相当大的市场份额．如图所示是中国科健股份有限公司生产的一块手机电池外壳上的文字说明，由此可知（）A. 该手机电池的电动势为B. 该手机电池的电动势为C. 该手机待机状态下的平均电流为D. 该手机待机状态下的平均电流为7.如图（a），、是一条电场线上的两点，将一个电子从点处由静止释放，电子从运动到过程中，它运动的图线如图（b）所示，则以下判断正确的是（）A. 该电场可能是匀强电场B. 电子在点受到的电场力大于电子在点受到的电场力C. 点的电势低于点的电势D. 从运动到，电子的电势能逐渐增大8.图（a）为一列简谐横波在时的波形图，图（b）为媒质中平衡位置在处的质点的振动图像，是平衡位置为的质点（图中未标出）．下列说法正确的是（）A. 波向方向传播，且波速为B. 波向方向传播，且波速为C. 时，点向方向运动D. 时，点向方向运动9.通过研究平行板电容器的电容影响因素的实验，我们知道：极板间距离、极板的正对面积及两极板间插入的介质是影响平行板电容器电容的几个因素．在实验中，如图所示连接平行板和静电计，若保持平行板电容器所带电荷量不变，欲使静电计的张角减小，以下做法中可行的是（）A. 仅将板向右移B. 仅将板向上移C. 仅向两板之间插入绝缘介质板D. 仅向两板之间插入金属导体板10.某电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力的作用，其运动轨迹如图中虚线，、是其轨迹上的两点．以下判断正确的是（）A. 粒子带正电B. 粒子在点的加速度小于其在点的加速度C. 粒子在点速度小于其在点的速度D. 粒子在点电势能小于其在点的电势能11.如图所示，将一个半径为的不带电的金属球放在绝缘支架上，金属球的右侧与球心等高处放置一个电荷量为的点电荷，到金属球表面的最近距离也为．由于静电感应，金属球上将产生感应电荷．设静电力常量为，则关于金属球内的电场以及感应电荷的分布情况，以下说法中正确的是（）A. 电荷与感应电荷在金属球内任何位置激发的电场强度都是等大且反向的B. 感应电荷在金属球球心处激发的电场强度，方向水平向右C. 感应电荷全部分布在金属球的表面上D. 金属球右侧表面的电势高于其左侧表面12.如图所示，带电粒子以平行极板的速度从左侧中央飞入匀强电场，恰能从右侧擦极板边缘飞出电场（粒子重力不计），若粒子的初动能变为原来的倍，还要使粒子保持擦极板边缘飞出，可采用的方法是（）A. 仅将极板的长度变为原来的倍B. 仅将两板之间的距离变为原来的C. 仅将两板之间的电势差变为原来的倍D. 仅将极板长度和两板之间的距离都变为原来的13.在光滑的水平面上，有一边长为的正方形区域，该区域存在匀强电场，场强方向与正方形的一边平行，场强大小为．一个质量为、带电量为的小球，从某一边的中点以垂直于该边的水平初速度射入正方形区域，当它再次运动到正方形区域边缘时，它具有的动能可能的是（）A. B.C. D.14.如图所示，静电场方向平行于轴，其电势随的分布可简化为如图所示的折线．一个带负电的粒子在电场中以为中心，沿轴方向在区间之间做周期性运动，．若、、为已知量，且已知该粒子的比荷为．利用这些数据结合图像可以得出（）A. 该电场为匀强电场，且电场强度大小为B. 粒子运动时的加速度大小为C. 在处粒子速度最大，为D. 粒子做周期性运动，且运动周期为二、填空题15.将一电量为的电荷从电场中的点移到点，电场力做功为，则、两点的电势差__________；再把这个电荷从点移到点，电场力做功，则、两点的电势差__________；、、三点中电势最高的点的是__________点．16.示波器的核心部件是示波管，下图是它的原理图．如果在偏转电极之间和偏转电极之间都没加电压，电子束从电子枪射出后沿直线传播，打在荧光屏中心，从右向左观察，在那里产生一个亮斑．（1）如果在电极之间不加电压，但在之间加不变的电压，使的电势比高（即正负），则电子打在荧光屏上的位置位于__________上（填、、或，是荧光屏中心）；当所加电压增大时，电子打在荧光屏上的位置将__________．（填“上移”、“下移”或“不变”）（2）如果在之间加正弦电压，如图甲所示，而在电极之间加随时间线性变化的电压，如乙图所示，则荧光屏上看到的图形是丙图中的__________．A．B．C．D．17.如图所示，平行板电容器与电源连接，为两板间一点．闭合电键给电容器充电后再断开电键，然后再将极板移到虚线所示位置，则与不移极板前比较，点电场强度将__________；点电势将__________；（填“变大”、“变小”或“不变”）三、简答与计算题18.（1）如图，把导体、在带正电的旁边相碰一下后分开，分开后、是否带电？若带电，、分别带何种电荷？（2）如图，把导体、在带电体旁边相碰一下后分开，然后分别接触一个小电动机的两个接线柱，如果小电动机非常灵敏，它便会开始转动．当电动机还没停止时，又立刻把、在旁边相碰一下再分开，之后再和小电动机两接线柱接触．如此下去，小电动机便能不停地转动．这将成为永动机违背能量守恒定律．小电机的能量来自于哪，说说你的观点．19.如图所示，长为的绝缘细线一端悬于点，另一端系一质量为、电荷量为的小球．现将此装置放在水平向右的匀强电场中，小球静止在点，此时细线与竖直方向成角．重力加速度为，，．（1）求该匀强电场的电场强度的大小．（2）若将小球向左拉起至与点处于同一水平高度且细绳刚好张紧，将小球由静止释放，求小球运动到最低点时的速度大小．20.如图所示，质量为、电荷量为的带电粒子初速度为零，经电压为加速电场加速后，从两板中央进入偏转电场，板间电压为、板间距离为、板长为，然后粒子射到距偏转场右端为屏上的点，若不加偏转电压，粒子打在屏上的点，粒子的重力不计，求（1）带电粒子穿出偏转场时的偏转角（初末速度的夹角）．（2）间的距离．（3）粒子通过偏转电场过程中动能的增加量．21.如图所示，一对平行板之间存在竖直向下的匀强电场，电场强度为，将板接地，此时板电势，在板的正上方高为的处有一质量为、带电量为的小球，以的初速度竖直向下抛出，重力加速度为，求（1）点处的电势．（2）当小球运动到点正下方距金属板高为的点时的速度大小．（3）根据功能关系证明小球在向下运动过程中，动能、重力势能、电势能之和为定值．22.两个平行金属板、如图乙所示放置，、两板电势差时间做周期性变化，大小总保持为，周期为，如图甲所示，极板附近有一个粒子源，可以释放初速度为零、质量为，带电荷量为的粒子，由于电场力的作用由静止开始运动．不计粒子的重力（1）若在时发出的电子在时恰好到达极板，求两极板间距离．（2）若已知两极板间距离为，在时发出的粒子不能到达极板，求此时发出的粒子距板的最大距离．（3）求两极板间距离满足怎样的条件时，粒子到达极板时的动能最大．23.场是物理学中的重要概念、有电场、磁场、重力场等等．现真空中存在空间范围足够大的、水平向右的匀强电场．在电场中，若将一个质量为、带正电的小球由静止释放，运动中小球的速度与竖直方向夹角为．现将该小球从电场中某点以初速度竖直向上抛出．已知重力加速度为，（取，）．求运动过程中（1）小球从抛出点至最高点电场力做的功．（2）小球的最小速度的大小及方向．（3）如果将小球受到的重力和电场力的合力等效为一个新的场力，仿照电场强度的定义，把新的场力与小球的质量的比值定义为新场场强．求该新场场强的大小和方向．。

2018北京四中高二(上)期末生物(理)

2018北京四中高二（上）期末生物（理）试卷满分为150分，Ⅰ卷100分，Ⅱ卷50分，考试时间．100minⅠ卷：必修2模块水平测试（100分）一、单项选择题（60分，每题1.5分）1. 取生长健壮的小麦根尖，经过解离、漂洗、染色、制片过程，制成临时装片，放在显微镜下观察。

欲观察到细胞有丝分裂的前、中、后、末几个时期A. 应该选一个处于间期的细胞，持续观察它从间期到末期的全过程B. 如果在低倍镜下看不到细胞，可改用高倍物镜继续观察C. 如果在一个视野中不能看全各个时期，可移动装片从周围细胞中寻找D. 如果视野过暗，可以转动细准焦螺旋增加视野的亮度2. 洋葱根尖分生区细胞有8对染色体，有丝分裂后期的细胞中染色体数、染色单体数、DNA分子数依次为A. 8、8、8B. 16、0、16C. 32、32、32D. 32、0、323. 2007年11月下旬，美国和日本的两个研究小组几乎同时宣布成功将人体皮肤细胞改造成可分化为肌肉等多种组织的干细胞——“iPS细胞”。

以下有关“iPS细胞”的说法中，正确的是A. “iPS细胞”分化为人体多种组织细胞的过程表现了细胞的全能性B. “iPS细胞”有细胞周期，它分化形成的肌细胞没有细胞周期C. “iPS细胞”既可分化成神经细胞，也可用于形成心肌细胞，说明“iPS细胞”在分裂时容易发生突变D. “iPS细胞”只能分化成多种组织细胞的原因是它不具有人体的全套基因4. 下列不属于细胞凋亡现象的是①霜冻导致香蕉植株死亡；②蝌蚪发育成为青蛙过程中尾部消失；③细胞因病毒的增殖释放而死亡；④胎儿手形成过程中部分细胞的死亡A. ①②B. ①③C. ②④D. ③④5. 豌豆是研究遗传规律理想材料的原因不包括A. 单性花进行杂交时无需去雄B. 当年播种，当年开花结实C. 是严格闭花、自花受粉植物D. 有多对易于区分的相对性状6. 在豌豆杂交实验中，为防止自花受粉应A. 将花粉涂在雌蕊柱头上B. 除去未成熟花的雄蕊C. 采集另一植株的花粉D. 人工授粉后套上纸袋7. 两只黑毛豚鼠，生了一只白毛豚鼠，若再生两只豚鼠，它们都是白色毛的几率是 A. 1/6 B. 1/8 C. 1/4 D. 1/2 8. 下列有关基因型和表现型的叙述，错误的是 A. 基因型是性状表现的内在因素B. 表现型是具有特定基因型的个体所表现出的性状C. 基因型相同的个体，表现型一定相同D. 表现型相同的个体，基因型可能有所不同9. 采用下列哪一组方法，可以依次解决①～④中的遗传问题 ①鉴定一株紫色豌豆是否是纯种 ②在一对相对性状中区分显隐性 ③不断提高小麦抗病品种的纯合度 ④检测杂种1F 的基因型 A. 杂交、自交、测交、测交 B. 杂交、杂交、杂交、测交 C. 测交、测交、杂交、自交D. 自交、杂交、自交、测交10. 盂德尔利用假说——演绎法发现了遗传的两大定律。

2017-2018学年北京师大附中上学期高二年级期末考试生物理卷

2017-2018学年北京师大附中上学期高二年级期末考试生物理卷第Ⅰ卷一.单项选择题（每题1分，共45分。

请将正确答案填涂在机读卡上）1.下图表示有氧呼吸过程，下列有关说法正确的是A.部分原核生物能完成图示全过程B.③代表的物质名称是氧气C.①②④中能量数值最大的是②D.产生①②的场所是线粒体2.下列关于细胞呼吸的叙述正确的是A.细胞呼吸就是糖酵解并释放大量能量的过程B.有氧呼吸与无氧呼吸的区别是葡萄糖是否进入线粒体C.糖酵解是无氧呼吸和有氧呼吸共同经过的阶段D.肌肉细胞无氧呼吸可以快速并大量地提供ATP3.关于真核细胞中生命活动与能量关系的叙述，错误的是A.DNA复制过程中需要消耗能量B.光合作用的光反应阶段需要消耗ATPC.骨骼肌细胞收缩、细胞分裂等需要消耗能量D.动物细胞生命活动所需的ATP均由呼吸作用产生4.右图分别为两种细胞器的部分结构示意图，其中分析错误的是A.图a表示线粒体，[H]与氧结合形成水发生在有折叠的膜上B.图b表示叶绿体，直接参与光合作用的膜上有色素的分布C.两图所示意的结构与ATP形成有关的酶都在内膜和基质中D.两图代表的细胞器都与能量转换有关并可共存于一个细胞5.突变酵母的发酵效率高于野生型，常在酿酒工业发酵中使用。

右图为呼吸链突变酵母呼吸过程，下列相关叙述错误的是A.突变酵母乙醇代谢途径未变B.突变酵母能够产生[H]C.氧气充足时，野生型酵母种群增殖速率大于突变体D.通入氧气后，突变酵母产生ATP的主要部位是线粒体6.叶绿体是植物进行光合作用的场所。

下列关于叶绿体结构与功能的叙述，正确的是A.叶绿体中的色素主要分布在类囊体腔内B.H2O在光下分解为[H]和O2的过程发生在基质中C.CO2的固定过程发生在类囊体膜上D.光合作用的产物淀粉是在基质中合成的7.植物气孔是由两个保卫细胞组成的，其张开度有多种调节机制，其中的一个调节机制如右图（ABA是植物体内产生的某种化合物），则下列说法错误的是A.当SO2浓度过高时，可能会抑制光合速率B.ABA在一定程度上可帮助植物免受SO2的破坏C.当SO2浓度过高时，植物体内C3的含量上升D.CO2进出保卫细胞的方式为自由扩散8.Calvin研究光合作用时，向小球藻培养液中通入14CO2，再给予不同的光照时间后，从培养液中提取并分析放射性物质。

北京市四中2017-2018学年高二上学期期末考试物理试题Word版含解析

北京市第四中学2017-2018 学年上学期高二年级期末考试物理试题一、单项选择题（ 8 小题）1.对于磁场和磁感线的描述，正确的说法是A.磁感线能够订交B.小磁针静止时 S 极指向即为该点的磁场方向C.磁感线的疏密程度反应了磁场的强弱D.地球磁场的 N 极与地理北深重合【答案】 C【分析】磁感线外面由N 指向 S，内部由 S 指向 N ，形成闭合曲线，磁感线不订交、不相切，故 A 错误．磁场中某点的磁场方向就是小磁针在该点时N 极静止时的指向，即N 极的受力剖析，故 B 错误．磁感线的疏密描述磁场的强弱，故 C 正确．地球磁场的N 极在地理南极邻近，选项 D 错误；应选 C.2. 某电场的电场线以下图，场中 A 、 B 两点电场强度的大小和电势分别用、和、表示，则A.B.C.D.【答案】 D【分析】试题剖析：电场线是形象描述电场强弱的，疏密表示场强的大小则；沿电场线电势降低则；D 正确应选 D考点：对电场线的理解评论：简单题。

电场线能形象地描述电场中各点的场强的大小和方向，已知电场线的散布，能定性地获取电场的好多信息．3. 在以下所示的四幅图中，正确标了然带正电的粒子在磁场中所受洛伦兹力 f 方向的是A. B. C. D.【答案】 B【分析】 A 图中由左手定章可知，洛伦兹力竖直向下，故 A 错误； B 图中由左手定章可知，洛伦兹力竖直向上，故B正确；C 图中由左手定章可知，洛伦兹力垂直于纸面向里，故 C 错误；D 图中由左手定章可知，洛伦兹力垂直于纸面向外，故 D 错误；应选B．4.以下各图中，已标出电流 I、磁感觉强度 B 的方向，此中切合安培定章的是A. B. C. D.【答案】 C【分析】通电直导线中的安培定章（安培定章一）：用右手握住通电直导线，让大拇指指向电流的方向，那么四指的指向就是磁感线的围绕方向由此可知AB 错误；通电螺线管中的安培定章（安培定章二）：用右手握住通电螺线管，使四指曲折与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N 极，据此可知C正确，D 错误．应选C．5. 将一电量为的电荷在电场中从 A 点挪动到 B 点，电场力做功为，则 A 、B 两点间电势差为A. 100VB. 200VC. 300VD. 400V【答案】 D【分析】由题意，电荷量为q=-l.6 ×10-8 C，电场力做功W=-6.4 ×10-6 J，则 AB 两点间电势差为：，应选 D.6. 以下图，一个带电粒子先后以速度v 和 2v 垂直于电场方向从某点射入平行板M 、N 间的匀强电场，并射出电场。

精品解析：北京市第四中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题(解析版)

北京市第四中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题一、选择题1. 下列物理量是矢量的有（）A. 电流B. 电场强度C. 电势差D. 电势能【答案】B【解析】【详解】矢量是既有大小又有方向的物理量，电场强度是矢量，B正确；标量是只有大小没有方向的物理量，电势差，电势能和电流都是标量，故ACD错误．2. 关于机械波，下列说法中正确的是（）A. 两个相邻波峰间的距离是一个波长B. 同种均匀介质中，频率越高的波，传播速度越快C. 任一振动质点每经过一个周期沿波的传播方向移动一个波长的距离D. 干涉和衍射是波特有的现象【答案】AD【解析】两个相邻波峰间的距离是一个波长，A正确；波的传播速度与波的性质以及介质的性质有关，与波的本身频率没有关系，B错误；任一振动质点都只在自己的平衡位置附近振动，并不随波向前移动，所以每经过一个周期沿波的传播方向移动的距离为零，C错误；干涉和衍射是波特有的现象，D正确．3. 已知t时间内通过均匀导体某一横截面的自由电子数为N，电子电荷量为e-，导体模截面积为S，单位体积内的自由电子数为n，则电子定向移动的速度v为（）A. ntsNB.NnetsC.NentsD.Nnts【答案】D【解析】试题分析：由电流的定义可求得电流，再由I nqvs=可求得电子的定向移动速度．由qIt=，可得NeIt=，由I nvqs=可得I Nvnqs nst==，D正确．4. 真空中有甲、乙两个点电荷相距为r，它们间的静电引力为F．若甲的电荷量变为原来的2倍，乙的电荷量保持不变，它们间的距离变为2r，则它们之间的静电引力将变为（）A. 12F B.14F C.18F D.23F【答案】A【解析】根据库仑定律可知122Q Q F kr =，若甲的电荷量变为原来的2倍，乙的电荷量不变，它们间的距离变为2r 后，12122221422Q Q Q Q F k k F r r ==='，A 正确．5. 一列简谐横波在0t =时刻的波形如图中实线所示，在1s t =时刻的波形如图中虚线所示，由此可以判定此列波（）A. 波长一定是4cmB. 周期可能是4s 3C. 一定向右传播D. 传播速度一定是1m /s 【答案】AB 【解析】试题分析：相邻两个波峰或波谷之间的距离等于波长，由波动图象可直接读出波长．根据波的周期性得到周期的通项，考虑到波的传播方向未知，还要注意波可能有两种不同的传播方向．根据图像得出波长是4cm ，A 正确；若波向x 轴正方向传播，则1()1(0.1.2.3.......)4n T s n +==，，则4(0.1.2.3.......)41T s n n ==+，，不可能存在4s 3T =，若波向x 负轴传播，则3()1(0.1.2.3.......)4n T s n +==，，则4(0.1.2.3.......)43T s n n ==+，，故可能存在4s 3T =，周期不确定，则传播速度也不确定，B 正确CD 错误；．6. 随着中国电信业的发展，国产手机在手机市场上已经占有了相当大的市场份额．如图所示是中国科健股份有限公司生产的一块手机电池外壳上的文字说明，由此可知（）A. 该手机电池的电动势为4.2VB. 该手机电池的电动势为3.7VC. 该手机待机状态下的平均电流为700mAD. 该手机待机状态下的平均电流为7.29mA 【答案】BD 【解析】由铭牌数据可知，电源电动势为 3.7V E =，该电池容量3700mA h 700103600C q -=⋅=⨯⨯；根据qI t=，则3700103600A 7.29mA 963600I -⨯⨯==⨯，故BD 正确．7. 如图（a ），a 、b 是一条电场线上的两点，将一个电子从a 点处由静止释放，电子从a 运动到b 过程中，它运动的v t -图线如图（b ）所示，则以下判断正确的是（）A. 该电场可能是匀强电场B. 电子在a 点受到的电场力大于电子在b 点受到的电场力C. a 点的电势低于b 点的电势D. 从a 运动到b ，电子的电势能逐渐增大【答案】BC 【解析】因为v -t 图线的斜率变小，故加速度变小，因此电场力变小，所以电场强度变小，即：a b E E >，所以A 错误B 正确；电子运动方向为从a 到b ，做加速运动，所以电场力方向从a 到b ，而电子受到的电场力与场强方向相反，故场强向左，沿场强方向，电势变小，故b 点电势较大，即a b ϕϕ<，电子的动能增大，电势能减小，故从a 到b 电势能减小，C 正确D 错误．8. 图（a ）为一列简谐横波在2s t =时的波形图，图（b ）为媒质中平衡位置在 1.5m x =处的质点的振动图像，P 是平衡位置为2m x =的质点（图中未标出）．下列说法正确的是（）A. 波向x +方向传播，且波速为0.5m /sB. 波向x -方向传播，且波速为0.5m /sC. 3s t =时，P 点向y +方向运动D. 3s t =时，P 点向y -方向运动【答案】BC 【解析】试题分析：先根据质点的振动图象，判断波的传播方向，再根据波长和周期求波速；据波形成的条件和特点分析P 质点的振动情况．由图（a ）可以知道该简谐横波波长为2m ，由图（b ）知周期为4s ，则波速为2m /s=0.5m /s 4v Tλ==，根据图（b ）的振动图象可以知道，在 1.5m x =处的质点在2s t =时振动方向向下，根据走坡法，可知该波向左传播，故A 错误B 正确；由题可知，在t=2s 时质点P 在波谷位置，周期4s T =，故3s t =时过了14T ，故P 质点正通过平衡位置向+y 方向运动，C 正确D 错误．9. 通过研究平行板电容器的电容影响因素的实验，我们知道：极板间距离、极板的正对面积及两极板间插入的介质是影响平行板电容器电容的几个因素．在实验中，如图所示连接平行板和静电计，若保持平行板电容器所带电荷量不变，欲使静电计的张角减小，以下做法中可行的是（）A. 仅将B 板向右移B. 仅将B 板向上移C. 仅向两板之间插入绝缘介质板D. 仅向两板之间插入金属导体板【答案】ACD 【解析】仅B 向右平移，导致两极板间距减小，根据4πsC kdε=可知电容增大，由于所带电荷量不变，根据Q C U=可知两极板间的电势差减小，即静电计的夹角减小，A 正确；仅将B 板向上移，则两极板正对面积减小，根据4πsC kdε=可知电容增小，由于所带电荷量不变，根据QC U=可知两极板间的电势差增大，即静电计的夹角增大，B 错误；仅向两板之间插入绝缘介质板，则ε增大，根据4πsC kdε=可知电容增大，由于所带电荷量不变，根据QC U=可知两极板间的电势差减小，即静电计的夹角减小，C 正确；而向两板间插入金属板时，板间距离减小，根据4πsC kd ε=可知电容增大，由于所带电荷量不变，根据Q C U=可知两极板间的电势差减小，即静电计的夹角减小，D 正确．10. 某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，沿图中虚线由M 运动到N ，以下说法不．正确的是( )A. 粒子是正电荷B. 粒子在M 点的加速度小于在N 点的加速度C. 粒子在M 点的电势能小于在N 点的电势能D. 粒子在M 点的动能小于在N 点的动能【答案】C【解析】【详解】A ．带电粒子在电场中运动时，受到的电场力的方向指向运动轨迹的弯曲的内侧，由此可知，此带电的粒子受到的电场力的方向为沿着电场线向上，所以此粒子为正电荷，所以A 正确，不符合题意； B ．由电场线的分布可知，电场线在N 点的时候较密，所以在N 点的电场强，粒子在N 点时受到的电场力大，加速度也大，所以B 正确，不符合题意；C ．粒子带正电，从M 到N 的过程中，电场力对粒子做正功，所以粒子的电势能要减小，即粒子在M 点的电势能大于N 点的电势能，所以C 错误，符合题意；D ．粒子带正电，从M 到N 的过程中，电场力对粒子做正功，粒子的动能要增加，即粒子在M 点的动能小于N 点的动能，所以D 正确，不符合题意；11. 如图所示，将一个半径为r 的不带电的金属球放在绝缘支架上，金属球的右侧与球心等高处放置一个电荷量为Q +的点电荷，Q 到金属球表面的最近距离也为r ．由于静电感应，金属球上将产生感应电荷．设静电力常量为k ，则关于金属球内的电场以及感应电荷的分布情况，以下说法中正确的是（）A. 电荷Q 与感应电荷在金属球内任何位置激发的电场强度都是等大且反向的B. 感应电荷在金属球球心处激发的电场强度22QE k r '=，方向水平向右 C. 感应电荷全部分布在金属球的表面上 D. 金属球右侧表面的电势高于其左侧表面【答案】AC 【解析】试题分析：金属球在+Q 的电场处于静电平衡状态，内部场强处处为0，A 正确；Q 在球心处产生的场强为方向向左，而金属球内部场强为0，故感应电荷在球心处产生的场强为方向向右，B错误；处于静电平衡的导体内部没有电荷，电荷分布在导体表面，C 正确；处于静电平衡的导体是一个等势体，D 错误．考点：静电现象的解释．12. 如图所示，带电粒子以平行极板的速度从左侧中央飞入匀强电场，恰能从右侧擦极板边缘飞出电场（粒子重力不计），若粒子的初动能变为原来的2倍，还要使粒子保持擦极板边缘飞出，可采用的方法是（）A. 仅将极板的长度变为原来的2倍B. 仅将两板之间的距离变为原来的1/2C. 仅将两板之间的电势差变为原来的2倍D. 仅将极板长度和两板之间的距离都变为原来的1/2【答案】C【解析】试题分析：根据题目所给的信息，找到粒子在竖直方向位移表达式，讨论其中各个物理量的变化对竖直方向的位移的影响，从而分析解题．粒子在竖直方向上做匀加速直线运动，加速度为F Eq Uq am m dm ===，在水平方向上做匀速直线运动，故运动时间为Ltv=，所以粒子的竖直偏量2222k112224d Uq L UqLatdm v dE===，故若粒子的初动能变为原来的2倍，仍要想使粒子保持擦极板边缘飞出，将极板的长度变为原来的2倍，板间距离应该变为原来的2，将两板之间的电势差变为原来的2倍，故C正确．13. 在光滑的水平面上，有一边长为l的正方形区域，该区域存在匀强电场，场强方向与正方形的一边平行，场强大小为E．一个质量为m、带电量为q的小球，从某一边的中点以垂直于该边的水平初速度0v射入正方形区域，当它再次运动到正方形区域边缘时，它具有的动能可能的是（）A. 212mv B. 21122mv qEl+C. 21223mv qEl+ D. 212mv qEl+【答案】ABD【解析】【详解】当速度与合力方向平行时，做直线运动，可能加速直线，也可能做减速直线；当速度与合力垂直时，做曲线运动，故存在多种情况，要分别讨论．①若电场方向与速度方向平行且反向时，小球在匀强电场中做匀减速直线运动，若能达到对边处，根据动能定理得212k qEL E mv -=- 则到达对边时的动能为2012k E mv qEL =- 若不能到达对边，则又返回到原来的边，电场力做功为零，则动能为2012k E mv =②若电场方向与速度方向平行且同向时，小球在匀强电场中做匀加速直线运动，根据动能定理得212k qEL E mv =- 解得212k E qEL mv =+． ③当电场力的方向与小球运动方向垂直时，若能从上下边缘射出，根据动能定理得2122k L qE E mv =- 解得动能21122k E qEL mv =+ 不能从上下边缘射出，而是从右边缘射出，在电场中的运动时间Lt v = 则偏转位移为222011 22qE L y at m v ==根据动能定理得2012k qEy E mv =-解得动能为222202122k q E L E mv mv =+ 故选ABD 。

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