2011走向高考,贾凤山,高中总复习,第6篇3章头
走向高考贾凤山高中总复习历史
走向高考贾凤山高中总复习历史SANY标准化小组 #QS8QHH-HHGX8Q8-GNHHJ8-HHMHGN#一、选择题1．(2011·南京模拟)某中学历史课在进行“古希腊民主制度产生原因”的研究性学习时，下列材料能够作为其有力证据的是( )①古希腊地图②爱琴海地区贸易图③雅典城邦居民的构成④刻有放逐人员名字的陶片A．①②③ B．①②④C．①②③④ D．②③④[答案] A[解析]古希腊民主政治产生的原因包括地理因素和小国寡民的城邦政治体制，陶片放逐法属于民主政治的内容，而不是原因，因此答案为A。
2．(2011·东营测试)亚里士多德说：“不能认为每一位公民属于他自己，而要认为所有公民都属于城邦。
”亚里士多德称赞的是古希腊公民( ) A．积极参政的政治素养B．深受海洋文明影响的素养C．强烈的集体荣誉感D．强烈的民主意识[答案] C[解析]古希腊各城邦公民往往将自己城邦的利益看得至高无上。
根据亚里士多德的话我们可以判断，亚里士多德称赞的是希腊公民强烈的集体荣誉感。
3．(2010·潍坊一检)公民大会是国家最高权力机关，一切雅典公民皆有权参加，五百人议事会的议员经抽签选举产生，名额根据每个基层行政单位的公民人数按比例分配。
材料反映了雅典民主政治的特点有( )①人民主权②轮番而治③比例代表制④少数人的民主A．①②③ B．①③④C．②③④ D．①②④[答案] A[解析]本题可用排除法解答。
从材料中无法看出雅典民主是少数人的民主，排除④即可。
4．(2011·天津模拟)雅典人认为：“在我们的私人生活中，我们是自由和宽恕的；但是在公家的事条中，我们是遵守法律的。
这是因为这种法律使我们心悦诚服。
”这段材料体现了雅典人的基本政治理念有( )①自由、宽恕②人民主权③法律至上④轮番而治A．①②B．③④ C．①③D．②④[答案] C[解析]生活中是自由和宽恕，公家事务中是遵守法律，体现了①③；雅典的民主政治实质上是奴隶主对奴隶的阶级专政，只有成年男性公民才能享有参与政治的权利，而广大的奴隶、妇女和外邦人是排除在外的，②项不正确；轮番而治，材料中并未体现。
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第六篇
第4章
误区警示
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1．注意区分随机变量ξ与函数f(x)的概念，函数f(x)研
究确定性现象，有确定的因果关系．随机变量研究随机现 象，它定义在由全部试验结果所组成的集合上，它的取值 是不能预知的，但它取值有一定的概率. 我们研究随机变 量时，关心的是随机变量能取哪些值，即都包含哪些试验
(4)电台在每个整点都报时，某人随机打开收音机对
表，他所等待的时间ξ(min)．
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第六篇
第4章
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解析：(1)ξ可能取值为ξ＝100，ξ＝60，ξ＝600.分别 表示所花的旅费为100元，60元和600元； (2)ξ可能取值为2、3、4、5、6、7、8、9、10、11、 12.分别表示所掷点数为1、1；1、2或2、1；1、3或3、1
6，随意掷两次，所得的点数之和为ξ；
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第六篇
第4章
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(3)一个人要开房门，他共有10把钥匙，其中仅有一
把是能开门的，他随机取钥匙去开门并且用后不放回，其 中打开门所试的钥匙个数为ξ；
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第一：每次试验是在同样条件下进行．第二：各次试 验中的条件是相互独立的．第三，每次试验都只有两种结 果，即事件要么发生，要么不发生． (2)独立重复试验概率公式的特点
2011走向高考,贾凤山,高中总复习,第6篇1-1
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第六篇
第1章
③确定起始个体编号．在第1段用简单随机抽样确定 起始的个体编号S. ④按照事先确定的规则抽取样本．通常是将S加上间 隔k，得到第2个个体编号S＋k，再将(S＋k)加上k，得到第 3 3个个体编号S＋2k，这样继续下去，获得容量为n的样 S 2k n 本．其样本编号依次是：S，S＋k，S＋2k，…，S＋(n－ 1)k.
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分层 抽样
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第六篇
第1章
误区警示 1．抽样时不能抽取方便样本． 2．用随机数表抽样时，由于编号时位数不一致，导 致抽样的不均匀． 3 3．系统抽样时，当总体个数N不能被样本容量整除 N 时，剔除多余个体，必须随机抽样，剔除多余个体后要重 新编号．
[例4]
某初级中学有学生270人，其中一年级108人，
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二、三年级各81人，现要利用抽样方法抽取10人参加某项 调查，考虑选用简单随机抽样、分层抽样和系统抽样三种 方案．使用简单随机抽样和分层抽样时，将学生按一、二、 三年级依次统一编号为1,2，…，270；使用系统抽样时， 将学生统一随机编号为1,2，…，270，并将整个编号依次 分为10段．如果抽得号码有下列四种情况：
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第六篇
第1章
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[例2]
某商场通过检查发票及销售记录的2%来快
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速估计每月的销售总额．采取如下方法：从某本发票的存 根中随机抽一张，如15号，然后按序往后将65号，115号， 15 65 115 165号，…，发票上的销售额组成一个调查样本．这种抽 取样本的方法是 A．抽签法 C．系统抽样法 ( ) B．随机数表法 D．其他方式的抽样
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第六篇
第4章
(4)正态总体在三个特殊区间内取值的概率值 P(μ－σ<X≤μ＋σ)＝0.6826，
数ξ取值0,1，ξ服从参数p＝0.8的两点分布．
(2)重复十次投篮，各次相互独立，这是十次独立重 复试验，命中次数ξ～B(10,0.8)．
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第六篇
第4章
解析：(1)ξ的分布列为 ξ P 0 0.2 1 0.8
第六篇
第4章
那么ξ的数学期望E(ξ)＝________，设η＝2ξ＋1，则η 的数学期望E(η)＝________. 解析：由离散型随机变量的期望公式及性质可得， E(ξ)
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量．
P(Y＝aX＋b)＝p(X＝xi)，i＝1,2，„，n， E(Y)＝E(aX＋b)＝aE(X)＋b. D(Y)＝D(aX＋b)＝a2D(X)． (2)随机变量X的方差是它与期望E(X)差的平方的数学
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期望，即D(X)＝E(X－E(X))2.
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第六篇
第3章
[例1] 排法共有
记者要为5名志愿者和他们帮助的2位老人拍
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照，要求排成一排，2位老人相邻但不排在两端，不同的 ( B．960种 D 480 D．480种 )
A．1440种 C 720 C．720种
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第六篇
第3章
解析：从原点O出发，只能向上或向右方向爬行，记 向上为1，向右为0，则爬到点(m，n)需m个0和n个1.这样 爬行方法总数f(m，n)是m个0和n个1的不同排列方法数．m 个0和n个1共占m＋n个位置，只要从中选取m个放0即 可．∴f(m，n)＝ f(m n) 点评：①例如f(3,4)＝C 其中0010111表示从原点出发 后，沿右右上右上上上的路径爬行． ②抽象建模后就是一个含相同数字的纯粹排列组合问 题．
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第3章
(2)当m＝n时的排列称为全排列，排列数 规定0！＝1.
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第六篇
第3章
2．组合 从n个不同元素中取出m(m≤n)个元素的所有组合的个 数，叫做从n个不同元素中取出m个元素的组合数．用符 号
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第六篇
第3章
[ 例 10] ________．
方程x＋y＋z＝8的非负整数解的个数为
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第六篇 第3章 第三讲一、选择题1．5项不同的工程由3个工程队承包，每队至少承包一项，不同的承包方案有( )A ．420种B ．240种C ．150种D ．90种 [答案] C[解析] ①有一个队承包其中3项工程，有承包方案C 35A 33＝60种．②有两个队各承包两项工程，另一个队承包一项工程，有承包方案12C 15·C 24·A 33＝90种．∴选C.2．8个人坐成一排，现要调换其中3个人中每一个人的位置，其余5个人的位置不变，则不同的调换方式有 ( )A ．C 38B ．2C 38C ．C 38A 38 D ．3C 38 [答案] B[解析] 第一步从8个人中选3个人，共有C 38种方法，第二步3个人交换位置，由于每个人都要交换位置，故只有两种交换方法，所以共有2C 38种交换方式．故选B.3．(09·全国Ⅱ)甲、乙两人从4门课程中各选修2门，则甲、乙所选的课程中至少有1门不相同的选法共有 ( )A ．6种B ．12种C ．24种D ．30种 [答案] C[解析] 间接法：C 24·C 24－C 24＝6×6－6＝30.4．在1、2、3、4、5的排列a 1、a 2、a 3、a 4、a 5中，满足a 1>a 2，a 2<a 3，a 3>a 4，a 4<a 5的排列个数是 ( )A ．10B ．12C ．14D ．16 [答案] D[分析] 由条件知，1必须排在a 2、a 4位置；4、5必须排在a 1、a 3、a 5位置，故只须考虑2、3排位即可．[解析] ①1、2在a 2、a 4的位置上排列，其余的三个数在a 1、a 3、a 5的三个位置上全排列，排列个数A 22A 33＝12.②1、3在a 2、a 4位置上排列排法有：(2,1,4,3,5)，(2,1,5,3,4)，(4,3,5,1,2)，(5,3,4,1,2)共4种．∴不同排列个数为12＋4＝16种．5．(09·浙江)在二项式(x 2－1x)5的展开式中，含x 4的项的系数是 ( )A ．－10B ．10C ．－5D ．5 [答案] B[解析] T r ＋1＝C r 5x 2(5－r )(－x －1)r ＝(－1)r C r 5·x 10－3r (r ＝0,1，…，5)，由10－3r ＝4得r ＝2. ∴含x 4的项为T 3，其系数为C 25＝10，故选B.6．(09·陕西)若(1－2x )2009＝a 0＋a 1x ＋…＋a 2009x 2009(x ∈R )，则a 12＋a 222＋…＋a 200922009的值为( )A ．2B ．0C ．－1D ．－2 [答案] C[解析] 令x ＝0，则a 0＝1.令x ＝12，则a 0＋a 12＋a 222＋…＋a 200922009＝0，∴a 12＋a 222＋…＋a 200922009＝－1，故选C.7．已知xy <0，且x ＋y ＝1，而(x ＋y )9按x 的降幂排列的展开式中，第二项不大于第三项，那么x 的取值范围是 ( )A.⎝⎛⎭⎫－∞，15B.⎣⎡⎭⎫45，＋∞ C ．(1，＋∞) D.⎝⎛⎦⎤－∞，－45 [答案] B[解析] 由题设条件知，C 19x 8y ≤C 29x 7y 2， ∵xy <0，∴x ≥4y ，∵x ＋y ＝1，∴x ≥4(1－x )，∴x ≥45.8．在(x －1)(x ＋1)8的展开式中x 5的系数是 ( ) A ．－14 B ．14 C ．－28 D ．28 [答案] B[解析] (x －1)(x ＋1)8＝x (x ＋1)8－(x ＋1)8，含x 5的项为(C 48－C 58)·x 5＝14x 5，故选B. 9．已知集合A ＝{9}，B ＝{0,1}，C ＝{0,3,5}，从这三个集合中各取一个元素构成空间直角坐标系中点的坐标，则确定的不同点的个数为 ( )A ．33B ．34C ．35D ．36 [答案] A[解析] ①所得空间坐标系中的点的坐标中不含0的有C 12·A 33＝12个；②所得空间坐标系中的点的坐标中含有1个0的有C 12·A 33＋A 33＝18个；③所得空间坐标系中的点的坐标中含有2个0的有C 13＝3个． ∴共有符合条件的点的个数为12＋18＋3＝33个．10．已知a 、b 为常数，b >a >0，且a 、－32、b 成等比数列，(a ＋bx )6的展开式中所有项的系数和为64，则a 等于 ( )A ．－12 B.12C ．－1 D.32[答案] B[解析] 由a 、－32、b 成等比数列得ab ＝34，由(a ＋bx )6展开式中所有项的系数和为64得 (a ＋b )6＝64，∴⎩⎪⎨⎪⎧b >a >0ab ＝34(a ＋b )6＝64，∴⎩⎨⎧34a >a >0a ＋34a ＝2，∴a ＝12.二、填空题11．甲、乙两个自然数的最大公约数为396，则甲、乙两个数的公约数有________个． [答案] 18[解析] 两数的公约数一定是最大公约数396的约数，∵396＝22×32×11，故得到甲、乙两数的一个公约数需分三步．第一步，确定有几个2，共3种方法；第二步，确定有几个3，共3种方法；第三步，确定有无11，共2种方法，当2,3,11都不取时，公约数为1，故共有公约数3×3×2＝18个．12．从长度分别为1、2、3、4、5的五条线段中任取三条，取出的三条线段为边可组成钝角三角形的概率为______．[答案] 15[解析] 从五条线段中任取3条，不同取法共有C 35＝10种．其中能构成三角形的有：(2,3,4)，(2,4,5)，(3,4,5)，其中22＋32<42,23＋42<52，∴钝角三角形有2个．∴所求概率p ＝210＝15.13．如图是一个正方体纸盒的展开图，若把1,2,3,4,5,6分别填入小正方形后，按虚线折成正方体，则所得到的正方体相对面上的两个数的和都相等的概率是________．[答案] 115[解析] 6个数任意填入6个小正方形中有6！＝720种方法；将6个数分三组(1,6)，(2,5)，(3,4)，每组中的两个数填入一对面中，共有不同填法6×2×2×2＝48种，故所求概率P ＝48720＝115. 14．(09·湖南)在(1＋x )3＋(1＋x )3＋(1＋3x )3的展开式中，x 的系数为________(用数字作答)．[答案] 7[解析] C 13＋C 23＋C 33＝23－1＝7. 三、解答题15．集合P ＝{a ，b ，c }是M ＝{1,2,3，…，24}的子集，且a ＋b ＋c 是3的倍数，这样的集合P 有多少个？[解析] 设A ＝{x |x ＝3k }，B ＝{x |x ＝3k －1}，C ＝{x |x ＝3k －2}，其中k ＝1,2,3，…，8. (1)当a 、b 、c ∈A (或B 、或C )时，a ＋b ＋c 是3的倍数，有3C 38＝168个．(2)当a 、b 、c 一个在A 中，一个在B 中，一个在C 中时，a ＋b ＋c 是3的倍数． 有8×8×8＝512个，∴共有168＋512＝680个．16．已知(3x －1)7＝a 0x 7＋a 1x 6＋…＋a 6x ＋a 7， (1)求a 0＋a 1＋a 2＋…＋a 7的值； (2)求|a 0|＋|a 1|＋|a 2|＋…＋|a 7|的值； (3)求a 0＋a 2＋a 4＋a 6的值．[解析] (1)令x ＝1，得a 0＋a 1＋…＋a 7＝27.(2)将所求式子视为(3x ＋1)7的展开式的各项系数和即可，所以|a 0|＋|a 1|＋|a 2|＋…＋|a 7|＝47.(3)令x ＝1得，a 0＋a 1＋a 2＋…＋a 7＝27①令x ＝－1得，－a 0＋a 1－a 2＋…＋a 7＝(－4)7② ①－②得：a 0＋a 2＋a 4＋a 6＝8256.17．一排有7个座位，安排4女3男共七个学生入座． (1)男生相邻的坐法有多少种？ (2)男生不相邻的坐法有多少种？(3)每个男生两边都有女生的坐法有多少种？[解析] (1)3个男生看作一个整体，与4个女生一起排列，共有A 33·A 55＝720种不同坐法．(2)男生插空，先排女生有A 44种，形成5个空位选3个排男生有A 44·A 35＝1440种．(3)男生插空，先排女生有A 44种，且男生只能在女生形成的3个空档中排，∴有A 44·A 33＝144种．18．已知(3x ＋x 2)2n 的展开式的二项式系数和比(3x －1)n 的展开式的二项式系数和大992，求⎝⎛⎭⎫2x －1x 2n 的展开式中． (1)二项式系数最大的项； (2)系数的绝对值最大的项．[解析] 由题意知，22n －2n ＝992，即(2n －32)(2n ＋31)＝0，∴2n ＝32，解得n ＝5.(1)由二项式系数的性质知，⎝⎛⎭⎫2x －1x 10的展开式中第6项的二项式系数最大． ∴T 6＝C 510(2x )5⎝⎛⎭⎫－1x 5＝－8064.(2)设第r ＋1项的系数的绝对值最大，∵T r ＋1＝C r 10·(2x )10－r ·⎝⎛⎭⎫－1x r ＝(－1)r C r 10·210－r ·x 10－2r ， T r ＝C r －110(2x )11－r ·⎝⎛⎭⎫－1x r －1＝(－1)r －1C r －110·211－r ·x 12－2r，三 T r ＋2＝C r ＋110(2x )9－r ·⎝⎛⎭⎫－1x r ＋1 ＝(－1)r ＋1C r ＋110·29－r ·x 8－2r，∴⎩⎪⎨⎪⎧C r 10·210－r ≥C r －110·211－rC r 10·210－r ≥C r ＋110·29－r， ∴⎩⎪⎨⎪⎧ C r 10≥2C r －1102C r 10≥C r ＋110，即⎩⎪⎨⎪⎧11－r ≥2r2(r ＋1)≥10－r， 解得83≤r ≤113，∵r ∈Z ，∴r ＝3，故系数的绝对值最大的是第4项， T 4＝－C 310·27·x 4＝－15360x 4.。
2011走向高考,贾凤山,高中总复习,第6篇3-1
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末页第六篇ຫໍສະໝຸດ 第3章《走 向 高 考 》 高 考 总 复 习 A
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第六篇
第3章
3．某赛季足球比赛的计分规则是：胜一场，得3分； 平一场，得1分，负一场，得0分，一球队打完15场，积33 分．若不考虑顺序，该队胜、负、平的可能情况共有 ( A 3 A．3种 C．5种 [答案] A B 4 B．4种 D．6种 )
第六篇
第3章
解析：显然(a，a)、(a，c)等均为A*B中的元素，确定 A*B中的元素是由A中取一个元素来确定x，B中取一个元 素来确定y，由分步计数原理可知A*B中有3×4＝12个元 素．故选C. 总结评述：课标要求掌握分类计数原理与分步计数 原理，并能用它们分析和解决问题，这就要求我们不仅要 准确地理解两个基本原理，更要能灵活地运用两个原理分 析和解决问题，运用两个原理解题的关键在于正确区分 “类”与“步”．
《走 向 高 考 》 高 考 总 复 习 A
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第六篇
第3章
[解析]
设该队胜x场，平y场，则负(15－x－y)场，
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由题意得3x＋y＝33，∴y＝33－3x≥0∴x≤11，且x＋y≤15， (x，y∈N)，因此，有以下三种情况：
A
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A
分析：由集合元素的互异性得到x、y取值的限制条件， 再结合PQ得出分类标准x＝2或x＝y(y≠1,2)．
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第六篇
第3章
解析：∵PQ，∴x＝y或x＝2. ①当x＝2时，y≠1,2，∴y有7种选法； ②当x＝y时，y≠1,2，∴y也有7种选法． ∴共有满足条件的点7＋7＝14个． 答案：B B
2011走向高考,贾凤山,高中总复习,语文,第3篇2-6
第三篇第2章第六节一、阅读下面的文言文，完成1～5题。
数千里外，得长者时赐一书，以．慰长想，即亦甚幸矣。
何至更辱馈遗，则不才益将何以报焉？书中情意甚殷，即长者之不忘老父，知老父之念长者深也。
至以“上下相孚．，才德称位”语不才，则不才有深感焉。
夫才德不称，固自知之矣。
至于不孚之病，则尤不才为甚。
且今之所谓孚者何哉？日夕策马候权者之门，门者故不入，则甘言媚词作妇人状，袖．金以私之。
即门者持刺(名帖)入，而主者又不即出见。
立厩中仆马之间，恶气袭衣袖，即饥寒毒热不可忍，不去也。
抵暮，则前所受赠金者出，报．客曰：“相公倦，谢客矣。
客请明日来。
”即明日又不敢不来。
夜披衣坐，闻鸡鸣即起盥栉，走马抵门。
门者怒曰：“为谁？”则曰：“昨日之客来。
”则又怒曰：“何客之勤也？岂有相公此时出见客乎？”客心耻．之，强忍而．与言曰：“亡奈何矣，姑容我入！”门者又得所赠金，则起而入之，又立向所立厩中。
幸主者出，南面召见，则惊走匍匐阶下。
主者曰：“进！”则再拜，故迟不起。
起则上所上寿金。
主者故不受，则．固请；主者故固不受，则又固请。
然后命吏纳之。
则又再拜，又故迟不起，起则五六揖始出。
出，揖门者曰：“官人幸顾我，他日来，幸亡阻我也。
”门者答揖，大喜，奔出。
马上遇所交识，即扬鞭语曰：“适自相公家来，相公厚我，厚我！”且虚言状。
即所交识，亦心畏相公厚之矣。
相公又稍稍语人曰：“某也贤，某也贤。
”闻者亦心计交赞之．。
此世所谓上下相孚也。
长者谓仆能之乎？前所谓权门者，自岁时伏腊(一年中较重要的节日)一刺之外，即经年不往也。
间道经其门，则亦掩耳闭目，跃马疾走过之，若有所追逐者。
斯则仆之褊衷(狭隘的心胸)，以此长不见悦于长吏，仆则愈益不顾也。
每大言曰：“人生有命，吾惟守分尔矣！”长者闻之，得无厌其为迂乎？【注】节选自《报刘一丈书》。
作者宗臣，是明代作家。
他为人刚直，不附权贵，嘉靖三十六年因作文祭奠杨继盛而得罪严嵩，被贬为福州布政使司左参议。
刘一丈是作者父亲的朋友。
2011走向高考,贾凤山,高中总复习,物理,3章末
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第3章
牛顿运动定律
(1)物块在长木板上滑行的距离； 物块在长木板上滑行的距离； 物块在长木板上滑行的距离 (2)物块质量 与长木板质量 之比． 物块质量m与长木板质量 之比． 物块质量 与长木板质量M之比 [解析 解析] 解析 (1)由v－t图象的物理意义可得，物块在木板 由 － 图象的物理意义可得 图象的物理意义可得， 上滑行的距离
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第3章
牛顿运动定律
三、应用牛顿运动定律解决的几类问题 1．临界问题 ． 在应用牛顿运动定律解决动力学问题中， 在应用牛顿运动定律解决动力学问题中 ， 当物体运 动的加速度不同时，物体有可能处于不同的状态， 动的加速度不同时，物体有可能处于不同的状态，特别是 题目中出现“最大” 最小” 刚好”等词语时， 题目中出现“最大”、“最小”、“刚好”等词语时，往 往会有临界现象，此时要采用假设法或极限分析法， 往会有临界现象，此时要采用假设法或极限分析法，看物 体在不同的加速度时，会有哪些现象发生，找出临界点， 体在不同的加速度时，会有哪些现象发生，找出临界点， 求出临界条件． 求出临界条件．
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牛顿运动定律
2．牛顿运动定律中的图象问题 ． (1)图象在中学物理中应用十分广泛 ， 这是因为它具 图象在中学物理中应用十分广泛， 图象在中学物理中应用十分广泛 有以下优点： 有以下优点： ①能形象地表达物理规律 ②能直观地描述物理过程 ③能鲜明地表示物理量之间的依赖关系 (2)力学中的图象除了 －t图象和 －t图象外，还有 力学中的图象除了v－ 图象和 图象和x－ 图象外 还有F 图象外， 力学中的图象除了 图象、 － 图象 图象、 － 图象等 具体应用时， 图象等， － t图象、 F－x图象 、 a－t图象等， 具体应用时 ， 理解图 图象 象的意义，熟练地运用图象分析表达物理规律十分重要． 象的意义，熟练地运用图象分析表达物理规律十分重要．
2011走向高考,贾凤山,高中总复习,第6篇3-3
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A．45 C．70 [答案] C
B．55 D．80
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A．－4 C．3 [答案] B
B．－3 D．4
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二、填空题
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[ [答案] 2 ]
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6．(08福建)若(x－2)5 ＝a5x5 ＋a4x4 ＋a3x3 ＋a2x2 ＋a1x ＋a0，则a1＋a2＋a3＋a4＋a5＝________.(用数字作答) [答案] 31 [解析] 令f(x)＝(x－2)5 ，则f(1)＝－1＝a
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(2)涉及二项式展开式的奇偶项、常数项等问题时， 常利用项的特点构造函数赋值解决．
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(1)(09全国Ⅰ)(x－y)10的展开式中，x7y3的系数与x3y7 的系数之和等于________． (2)设(1＋x)＋(1＋x) (2) (1 x) (1 x)2＋…＋(1＋x)n＝a (1 x) a ________. ax a 0 ＋a1x＋…＋an xn －1 ＋anxn ，an －1 ＝2011，则a0 ＋a1 ＋…＋an －1 ＋an ＝ －1
2011走向高考,贾凤山,高中总复习,物理,3章头
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全国卷Ⅱ第15题，与运动图象结合考查，2009年高考广东 卷第8题，2009年高考江苏卷第13题考查了牛顿运动定律 的两类基本问题，2009年高考江苏卷第11题、上海卷第17 题考查了《验证牛顿运动定律》实验．
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牛顿运动定律
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牛顿运动定律
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最 新 考 纲
1.牛顿运动定律、牛顿运动定律的应用 Ⅱ 2．超重和失重 Ⅰ 实验四：验证牛顿运动定律 1.利用牛顿运动定律求力和加速度，并进一步确定 物体的运动状态是高考中的热点，特别是牛顿运动 定律与弹力、摩擦力结合起来考查的几率较大． 2．考纲中对超重和失重的要求是Ⅰ级，但此考点 属于高考的热点． 3．应用牛顿运动定律解决两类动力学问题是高考 中必考的内容.
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重、失重问题，2009年高考山东卷第24题考查了运动学公 式、牛顿运动定律、能量守恒等相关知识，综合考查了考 生的分析能力、理解能力、知识迁移能力及综合运用数学
知识解决物理实际问题的能力.
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考 向 瞭 望
第3章
牛顿运动定律
考 纲 展 示
热点一
2011走向高考,贾凤山,高中总复习,物理,6章头
Ⅰ Ⅰ Ⅰ Ⅱ Ⅰ Ⅱ Ⅰ Ⅰ Ⅱ Ⅰ Ⅱ Ⅰ Ⅰ Ⅰ
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考 向 瞭 望
1.多个电荷库仑力的平衡和场强叠加问题． 多个电荷库仑力的平衡和场强叠加问题． 多个电荷库仑力的平衡和场强叠加问题 2．利用电场线和等势面确定场强的大小和方向，判断电势高低，电场力变化，电场力的功 ．利用电场线和等势面确定场强的大小和方向，判断电势高低，电场力变化， 和电势能的变化等． 和电势能的变化等． 3．带电体在匀强电场中的平衡问题及其他变速运动的动力学问题． ．带电体在匀强电场中的平衡问题及其他变速运动的动力学问题． 4．对平行板电容器电容决定因素的理解，解决两类有关动态变化的问题． ．对平行板电容器电容决定因素的理解，解决两类有关动态变化的问题． 5．分析带电粒子在电场中的加速和偏转问题． ．分析带电粒子在电场中的加速和偏转问题． 6．示波管，静电除尘等在日常生活和科学技术上的应用 ．示波管，静电除尘等在日常生活和科学技术上的应用.
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第6章
电 场
《走 向 考
热点一 电场的力的性质 本部分内容在高考中所占比例为4%左右，命题的形 左右， 本部分内容在高考中所占比例为 左右 式多为选择题，题目难度为中等，其中库仑力的平衡、 式多为选择题，题目难度为中等，其中库仑力的平衡、电 场的叠加及电场线的性质一直是高考命题的热点．本部分 场的叠加及电场线的性质一直是高考命题的热点． 内容常与共点力平衡、图象问题、 内容常与共点力平衡、图象问题、动力学及功能关系等知 识结合综合考查，例如2009年高考上海卷第 题与图象结 年高考上海卷第3题与图象结 识结合综合考查 ，例如 年高考上海卷第 合考查； 年高考浙江卷第16题与共点力平衡结合考 合考查 ； 2009年高考浙江卷第 题与共点力平衡结合考 年高考浙江卷第 查．命题特点是综合性强、方法灵活． 命题特点是综合性强、方法灵活．
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第3章
(2)加强数学思想方法的训练．数学思想方法是高考 的重要内容．分类讨论、转化思想、整体思想、正难则反 等数学思想在本章试题中经常考查． (3)注意本章内容的特殊性和思维方式的独特性，狠 抓两个基本原理，合理建立数学模型，恰当进行转化，及 时归纳总结．
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第3章
《走 向 高 考
●课程标准 1．分类加法计数原理、分步乘法计数原理 通过实例，总结出分类加法计数原理、分步乘法计数 原理；能根据具体问题的特征，选择分类加法计数原理或 分步乘法计数原理解决一些简单的实际问题．
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第3章
本章试题的特点是： 综合性强，应用性强，数学思想方法要求高，这种命 题特点在以后的高考中仍会保持下去．
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第3章
●备考指南 (1)加深对概念的理解和把握，立足基础知识和基本 方法．恰当选取典型例题，构建思维模式，造就思维依托 和思维的合理定势，如对排列应用题可用①某元素排在某 位上；②某元素不排在某位上；③某几个元素排在一起； ④某几个元素不得相邻；⑤某几个元素顺序一定等基本问 题，加强思维的规范训练．
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第3章
2．排列与组合 通过实例，理解排列、组合的概念；能利用计数原理 推导排列数公式、组合数公式，并能解决简单的实际问 题． 3 3．二项式定理 能用计数原理证明二项式定理；会用二项式定理解决 与二项展开式有关的简单问题．
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第3章
●命题趋势 本章考查重点是： ①两个基本原理的应用 ②有限制条件的排列、组合应用问题 ③二项式定理及其应用． 从题型上看，主要以选择、填空题形式出现，题小而
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灵活，其涉及的思想与方法有较高的区分度．本章知识与 其它知识综合进行考查是命题的发展趋势．如与概率、统 计、不等式、方程、几何等知识综合等．对二项式定理的 考查，仍会集中在用通项公式求特定项或与系数有关的问 题上．