四川省成都市2016届高三数学第三次诊断考试试题理

合集下载

成都市2016届高中毕业班一诊检测数学文理科参考答案及评分标准(含双向细目表及打分板)(20161226171633)

成都市2016届高中毕业班一诊检测数学文理科参考答案及评分标准(含双向细目表及打分板)(20161226171633)

������������������������������������8 分 ������������������������������������9 分
), 使 u( 即 x0 -2= ʑ 存在 x0 ɪ ( 3, 4 x0) l n x0 . =0, 此时函数 g( ʑ当x ɪ ( 1, x0)时 , ᶄ( x )<0, x )单调递减 ; g
又当 n =1 时 , 上式也满足 . ㊀
������������������������������������1 1分 ������������������������������������1 2分 ������������������������������������2 分 ������������������������������������3 分 ������������������������������������4 分 ������������������������������������6 分 ������������������������������������7 分 ������������������������������������1 0分
( ) 解: 在正方形 A 1 9. I B C D 中 ,øA , øB , øC 为直角 . ʑPD ʅ 平面 P E F. ȵ
n+ 1 ʑ 当 n ɪ N∗ 时 , Sn =2 n +2. -4
ʑ 在三棱锥 P -D E F 中, P E, P F, PD 三条线段两两垂直 .
D G B R D G P R , , 即 ʑ 在 әPDH 中 , R G ʊ PD . = = GH RH GH RH
������������������������������������1 1分 ������������������������������������1 2分 ������������������������������������1 分 ������������������������������������2 分

高三数学三模试卷 理(含解析)-人教版高三全册数学试题

高三数学三模试卷 理(含解析)-人教版高三全册数学试题

2016年某某某某市平罗中学高考数学三模试卷(理科)一.选择题:(本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题所给的四个答案中有且只有一个答案是正确的.把正确选项涂在答题卡的相应位置上.)1.若集合P={x||x|<3,且x∈Z},Q={x|x(x﹣3)≤0,且x∈N},则P∩Q等于()A.{0,1,2} B.{1,2,3} C.{1,2} D.{0,1,2,3}2.若复数z=sinθ﹣+(cosθ﹣)i是纯虚数,则tanθ的值为()A.B.﹣ C.D.﹣3.设命题p:若x,y∈R,x=y,则=1;命题q:若函数f(x)=e x,则对任意x1≠x2都有>0成立.在命题①p∧q;②p∨q;③p∧(¬q);④(¬p)∨q中,真命题是()A.①③ B.①④ C.②③ D.②④4.已知向量满足•(+)=2,且||=1,||=2,则与的夹角为()A.B.C.D.5.若随机变量X~N(μ,σ2)(σ>0),则下列如下结论:P(μ﹣σ<X≤μ+σ)=0.6826,P(μ﹣2σ<X≤μ+2σ)=0.9544,P(μ﹣3σ<X≤μ+3σ)=0.9974,某班有48名同学,一次数学考试的成绩服从正态分布,平均分为80,标准差为10,理论上说在80分到90分的人数均为()A.32 B.16 C.8 D.246.公元263年左右,我国数学家X徽发现当圆内接正多边形的边数无限增加时,多边形面积可无限逼近圆的面积,并创立了“割圆术”.利用“割圆术”X徽得到了圆周率精确到小数点后两位的近似值3.14,这就是著名的“徽率”.如图是利用X徽的“割圆术”思想设计的一个程序框图,则输出n的值为()(参考数据:≈1.732,s in15°≈0.2588,sin7.5°≈0.1305)A.12 B.24 C.36 D.487.设S n是数列{a n}(n∈N+)的前n项和,n≥2时点(a n﹣1,2a n)在直线y=2x+1上,且{a n}的首项a1是二次函数y=x2﹣2x+3的最小值,则S9的值为()A.6 B.7 C.36 D.328.某几何体的三视图如图所示(单位:cm),则该几何体的体积是()A.4cm3B.6cm3C.D.9.双曲线E:﹣=1(a,b>0)的右焦点为F(c,0),若圆C:(x﹣c)2+y2=4a2与双曲线E的渐近线相切,则E的离心率为()A.B.C.D.10.数列{a n}满足a1=1,对任意的n∈N*都有a n+1=a1+a n+n,则=()A.B.C.D.11.已知三棱锥S﹣ABC的所有顶点都在球O的球面上,△ABC是边长为1的正三角形,SC 为球O的直径,且SC=2,则此棱锥的体积为()A.B.C.D.12.定义在R上的函数f(x),f′(x)是其导数,且满足f(x)+f′(x)>2,ef(1)=2e+4,则不等式e x f(x)>4+2e x(其中e为自然对数的底数)的解集为()A.(1,+∞)B.(﹣∞,0)∪(1,+∞)C.(﹣∞,0)∪(0,+∞)D.(﹣∞,1)二、填空题:(本大题共4小题,每小题5分,共20分)13.若(2x﹣1)dx=6,则二项式(1﹣2x)3m的展开式各项系数和为.14.记集合,构成的平面区域分别为M,N,现随机地向M中抛一粒豆子(大小忽略不计),则该豆子落入N中的概率为.15.已知点A(0,2),抛物线C1:y2=ax(a>0)的焦点为F,射线FA与抛物线C相交于点M,与其准线相交于点N,若|FM|:|MN|=1:,则a的值等于.16.给出下列命题:①命题“若方程ax2+x+1=0有两个实数根,则a≤”的逆命题是真命题;②“函数f(x)=cos2ax﹣sin2ax的最小正周期为π”是“a=1”的必要不充分条件;③函数f(x)=2x﹣x2的零点个数为2;④幂函数y=x a(a∈R)的图象恒过定点(0,0)⑤“向量与的夹角是钝角”的充分必要条件是“•<0”;⑥方程sinx=x有三个实根.其中正确命题的序号为.三、解答题(本大题共计70分,解答应写出说明文字、证明过程或演算步骤).17.已知f(x)=2sin(Ⅰ)若,求f(x)的值域;(Ⅱ)在△ABC中,A为BC边所对的内角若f(A)=2,BC=1,求的最大值.18.自2016年1月1日起,我国全面二孩政策正式实施,这次人口与生育政策的历史性调整,使得“要不要再生一个”“生二孩能休多久产假”等成为千千万万个家庭在生育决策上避不开的话题.为了解针对产假的不同安排方案形成的生育意愿,某调查机构随机抽取了200户有生育二胎能力的适龄家庭进行问卷调查,得到如下数据:产假安排(单位:周)14 15 16 17 18有生育意愿家庭数 4 8 16 20 26(1)若用表中数据所得的频率代替概率,面对产假为14周与16周,估计某家庭有生育意愿的概率分别为多少?(2)假设从5种不同安排方案中,随机抽取2种不同安排分别作为备选方案,然后由单位根据单位情况自主选择.①求两种安排方案休假周数和不低于32周的概率;②如果用ξ表示两种方案休假周数和.求随机变量ξ的分布及期望.19.如图,空间几何体ABCDE中,平面ABC⊥平面BCD,AE⊥平面ABC.(1)证明:AE∥平面BCD;(2)若△ABC是边长为2的正三角形,DE∥平面ABC,且AD与BD,CD所成角的余弦值均为,试问在CA上是否存在一点P,使得二面角P﹣BE﹣A的余弦值为.若存在,请确定点P的位置;若不存在,请说明理由.20.已知椭圆C: +=1(a>b>0)过点A(﹣,),离心率为,点F1,F2分别为其左右焦点.(1)求椭圆C的标准方程;(2)若y2=4x上存在两个点M,N,椭圆上有两个点P,Q满足,M,N,F2三点共线,P,Q,F2三点共线,且PQ⊥MN.求四边形PMQN面积的最小值.21.设函数,(a>0)(Ⅰ)当时,求函数f(x)的单调区间;(Ⅱ)若f(x)在内有极值点,当x1∈(0,1),x2∈(1,+∞),求证:.(e=2.71828…)【选考题】请考生在第22、23、24三题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分,答题时用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑.请考生在第(22)、(23)、(24)三题中任选一题作答.注意:只能做所选定的题目.如果多做,则按所做的第一题计分,作答时请用2B铅笔在答题卡上将所选题号后的方框涂黑.[选修4-1:几何证明选讲] 22.如图,AB是⊙O的直径,弦CA、BD的延长线相交于点E,EF垂直BA的延长线于点F.求证:(1)∠DEA=∠DFA;(2)AB2=BE•BD﹣AE•AC.[选修4-4:坐标系与参数方程]23.在直角坐标系xOy中,设倾斜角为α的直线(t为参数)与曲线(θ为参数)相交于不同两点A,B.(1)若,求线段AB中点M的坐标;(2)若|PA|•|PB|=|OP|2,其中,求直线l的斜率.[选修4-5:不等式选讲]24.设函数f(x)=|x﹣1|+|x﹣2|.(1)画出函数y=f(x)的图象;(2)若不等式|a+b|+|a﹣b|≥|a|f(x),(a≠0,a、b∈R)恒成立,某某数x的X围.2016年某某某某市平罗中学高考数学三模试卷(理科)参考答案与试题解析一.选择题:(本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题所给的四个答案中有且只有一个答案是正确的.把正确选项涂在答题卡的相应位置上.)1.若集合P={x||x|<3,且x∈Z},Q={x|x(x﹣3)≤0,且x∈N},则P∩Q等于()A.{0,1,2} B.{1,2,3} C.{1,2} D.{0,1,2,3}【考点】交集及其运算.【分析】化简集合P、Q,求出P∩Q即可.【解答】解:P={x||x|<3,且x∈Z}={x|﹣3<x<3,x∈Z}={﹣2,﹣1,0,1,2},Q={x|x(x﹣3)≤0,且x∈N}={x|0≤x≤3,且x∈N}={0,1,2,3},∴P∩Q={0,1,2}.2.若复数z=sinθ﹣+(cosθ﹣)i是纯虚数,则tanθ的值为()A.B.﹣ C.D.﹣【考点】复数的基本概念.【分析】复数z=sinθ﹣+(cosθ﹣)i是纯虚数,可得si nθ﹣=0,cosθ﹣≠0,可得cosθ,即可得出.【解答】解:∵复数z=sinθ﹣+(cosθ﹣)i是纯虚数,∴sinθ﹣=0,cosθ﹣≠0,∴cosθ=﹣.则tanθ==﹣.故选:B.3.设命题p:若x,y∈R,x=y,则=1;命题q:若函数f(x)=e x,则对任意x1≠x2都有>0成立.在命题①p∧q;②p∨q;③p∧(¬q);④(¬p)∨q中,真命题是()A.①③ B.①④ C.②③ D.②④【考点】复合命题的真假.【分析】命题p:y=0时, =1不成立,即可判断出真假;命题q:由于函数f(x)在R 上单调递增,即可判断出真假.再利用复合命题真假的判定方法即可得出.【解答】解:命题p:若x,y∈R,x=y,则=1,y=0时不成立,因此是假命题;命题q:若函数f(x)=e x,由于函数f(x)在R上单调递增,则对任意x1≠x2都有>0成立,是真命题.因此在命题①p∧q;②p∨q;③p∧(¬q);④(¬p)∨q中,真命题是②④.故选:D.4.已知向量满足•(+)=2,且||=1,||=2,则与的夹角为()A.B.C.D.【考点】平面向量数量积的运算.【分析】根据条件求出向量•的值,结合向量数量积的应用进行求解即可.【解答】解:∵•(+)=2,∴•+2=2,即•=﹣2+2=2﹣1=1则cos<,>==,则<,>=,故选:D5.若随机变量X~N(μ,σ2)(σ>0),则下列如下结论:P(μ﹣σ<X≤μ+σ)=0.6826,P(μ﹣2σ<X≤μ+2σ)=0.9544,P(μ﹣3σ<X≤μ+3σ)=0.9974,某班有48名同学,一次数学考试的成绩服从正态分布,平均分为80,标准差为10,理论上说在80分到90分的人数均为()A.32 B.16 C.8 D.24【考点】正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义.【分析】正态总体的取值关于x=80对称,位于70分到90分之间的概率是0.6826,位于80分到90分之间的概率是位于70分到90分之间的概率的一半,得到要求的结果.【解答】解:∵数学成绩近似地服从正态分布N(80,102),P(|x﹣u|<σ)=0.6826,∴P(|x﹣80|<10)=0.6826,根据正态曲线的对称性知:位于80分到90分之间的概率是位于70分到90分之间的概率的一半∴理论上说在80分到90分的人数是(0.6826)×48≈16.故选:B.6.公元263年左右,我国数学家X徽发现当圆内接正多边形的边数无限增加时,多边形面积可无限逼近圆的面积,并创立了“割圆术”.利用“割圆术”X徽得到了圆周率精确到小数点后两位的近似值3.14,这就是著名的“徽率”.如图是利用X徽的“割圆术”思想设计的一个程序框图,则输出n的值为()(参考数据:≈1.732,sin15°≈0.2588,sin7.5°≈0.1305)A.12 B.24 C.36 D.48【考点】程序框图.【分析】列出循环过程中S与n的数值,满足判断框的条件即可结束循环.【解答】解:模拟执行程序,可得:n=6,S=3sin60°=,不满足条件S≥3.10,n=12,S=6×sin30°=3,不满足条件S≥3.10,n=24,S=12×sin15°=12×0.2588=3.1056,满足条件S≥3.10,退出循环,输出n的值为24.故选:B.7.设S n是数列{a n}(n∈N+)的前n项和,n≥2时点(a n﹣1,2a n)在直线y=2x+1上,且{a n}的首项a1是二次函数y=x2﹣2x+3的最小值,则S9的值为()A.6 B.7 C.36 D.32【考点】二次函数的性质.【分析】先根据数列的函数特征以及二次函数的最值,化简整理得到{a n}是以为2首项,以为公差的等差数列,再根据前n项公式求出即可.【解答】解∵点(a n﹣1,2a n)在直线y=2x+1上,∴2a n=2a n﹣1+1,∴a n﹣a n﹣1=,∵二次函数y=x2﹣2x+3=(x﹣1)2+2,∴a1=2,∴{a n}是以为2首项,以为公差的等差数列,∴a n=2+(n﹣1)=n+当n=1时,a1=n+=2成立,∴a n=n+∴S9=9a1+=9×2+=36故选:C8.某几何体的三视图如图所示(单位:cm),则该几何体的体积是()A.4cm3B.6cm3C.D.【考点】由三视图求面积、体积.【分析】根据几何体的三视图,得出该几何体是三棱锥与三棱柱的组合体,由此求出它的体积即可【解答】解:根据几何体的三视图,得该几何体是上部为三棱锥,下部为三棱柱的组合体,三棱柱的每条棱长为2cm,三棱锥的高为2cm,∴该组合体的体积为V=×2×2×2+××2×2×2=cm2,选:C.9.双曲线E:﹣=1(a,b>0)的右焦点为F(c,0),若圆C:(x﹣c)2+y2=4a2与双曲线E的渐近线相切,则E的离心率为()A.B.C.D.【考点】双曲线的简单性质.【分析】求得双曲线的渐近线方程,圆的圆心和半径,运用直线和圆相切的条件:d=r,计算即可得到b=2a,由a,b,c的关系和离心率公式,计算即可得到所求值.【解答】解:双曲线E:﹣=1(a,b>0)的渐近线方程为y=±x,圆C:(x﹣c)2+y2=4a2的圆心为(c,0),半径为2a,由直线和圆相切的条件可得,=b=2a,可得c==a,即有e==.故选:C.10.数列{a n}满足a1=1,对任意的n∈N*都有a n+1=a1+a n+n,则=()A.B.C.D.【考点】数列递推式.【分析】利用累加法求出数列的通项公式,得到.再由裂项相消法求得答案.【解答】解:∵a1=1,∴由a n+1=a1+a n+n,得a n+1﹣a n=n+1,则a2﹣a1=2,a3﹣a2=3,…a n﹣a n﹣1=n(n≥2).累加得:a n=a1+2+3+…+n=(n≥2).当n=1时,上式成立,∴.则.∴=2=.故选:B.11.已知三棱锥S﹣ABC的所有顶点都在球O的球面上,△ABC是边长为1的正三角形,SC 为球O的直径,且SC=2,则此棱锥的体积为()A.B.C.D.【考点】棱柱、棱锥、棱台的体积.【分析】根据题意作出图形,利用截面圆的性质即可求出OO1,进而求出底面ABC上的高SD,即可计算出三棱锥的体积.【解答】解:根据题意作出图形:设球心为O,过ABC三点的小圆的圆心为O1,则OO1⊥平面ABC,延长CO1交球于点D,则SD⊥平面ABC.∵CO1==,∴OO1=,∴高SD=2OO1=,∵△ABC是边长为1的正三角形,∴S△ABC=,∴V=××=,故选:A.12.定义在R上的函数f(x),f′(x)是其导数,且满足f(x)+f′(x)>2,ef(1)=2e+4,则不等式e x f(x)>4+2e x(其中e为自然对数的底数)的解集为()A.(1,+∞)B.(﹣∞,0)∪(1,+∞)C.(﹣∞,0)∪(0,+∞)D.(﹣∞,1)【考点】利用导数研究函数的单调性.【分析】构造函数g(x)=e x f(x)﹣2e x,(x∈R),研究g(x)的单调性,结合原函数的性质和函数值,即可求解.【解答】解:设g(x)=e x f(x)﹣2e x,(x∈R),则g′(x)=e x f(x)+e x f′(x)﹣2e x=e x[f(x)+f′(x)﹣2],∵f(x)+f′(x)>2,∴f(x)+f′(x)﹣2>0,∴g′(x)>0,∴y=g(x)在定义域上单调递增,∵e x f(x)>2e x+4,∴g(x)>4,又∵g(1)=ef(1)﹣2e=4,∴g(x)>g(1),∴x>1,故选:A.二、填空题:(本大题共4小题,每小题5分,共20分)13.若(2x﹣1)dx=6,则二项式(1﹣2x)3m的展开式各项系数和为﹣1 .【考点】二项式系数的性质;定积分.【分析】由于(2x﹣1)dx==6,化简解得m.令x=1,即可得出二项式(1﹣2x)3m展开式各项系数和.【解答】解:∵(2x﹣1)dx==6,化为:m2﹣m﹣(1﹣1)=6,m>1,解得m=3.令x=1,则二项式(1﹣2x)3m即(1﹣2x)9展开式各项系数和=(1﹣2)9=﹣1.故答案为:﹣1.14.记集合,构成的平面区域分别为M,N,现随机地向M中抛一粒豆子(大小忽略不计),则该豆子落入N中的概率为.【考点】几何概型.【分析】平面区域M、N,分别为圆与直角三角形,面积分别为π,,利用几何概型的概率公式解之即可.【解答】解:集合构成的平面区域M、N,分别为圆与直角三角形,面积分别为π,,随机地向M中抛一粒豆子(大小忽略不计),则该豆子落入N中的概率为=.答案为:.15.已知点A(0,2),抛物线C1:y2=ax(a>0)的焦点为F,射线FA与抛物线C相交于点M,与其准线相交于点N,若|FM|:|MN|=1:,则a的值等于 4 .【考点】抛物线的简单性质.【分析】作出M在准线上的射影,根据|KM|:|MN|确定|KN|:|KM|的值,进而列方程求得a.【解答】解:依题意F点的坐标为(,0),设M在准线上的射影为K,由抛物线的定义知|MF|=|MK|,∴|KM|:|MN|=1:,则|KN|:|KM|=2:1,k FN==﹣,k FN=﹣=﹣2∴=2,求得a=4,故答案为:4.16.给出下列命题:①命题“若方程ax2+x+1=0有两个实数根,则a≤”的逆命题是真命题;②“函数f(x)=cos2ax﹣sin2ax的最小正周期为π”是“a=1”的必要不充分条件;③函数f(x)=2x﹣x2的零点个数为2;④幂函数y=x a(a∈R)的图象恒过定点(0,0)⑤“向量与的夹角是钝角”的充分必要条件是“•<0”;⑥方程sinx=x有三个实根.其中正确命题的序号为②.【考点】命题的真假判断与应用.【分析】①根据逆命题的定义结合方程根的关系进行判断.②根据三角函数的周期公式以及充分条件和必要条件的定义进行判断.③根据函数与方程的关系进行判断.④根据幂函数的定义和性质进行判断.⑤根据向量夹角和数量积的关系进行判断.⑥构造函数,判断函数的单调性即可.【解答】解:①命题“若方程ax2+x+1=0有两个实数根,则a≤”的逆命题是若a≤,则方程ax2+x+1=0有两个实数根,当a=0时,方程等价为x+1=0,则x=﹣1,此时方程只有一个根,故①错误;②f(x)=cos2ax﹣sin2ax=cos2ax,若“函数f(x)=cos2ax﹣sin2ax的最小正周期为π”,则,则|a|=1,则a=±1,则充分性不成立,反之成立,即“函数f(x)=cos2ax﹣sin2ax的最小正周期为π”是“a=1”的必要不充分条件正确,故②正确,③由f(x)=2x﹣x2=0得2x=x2,作出两个函数y=2x和y=x2的图象如图,由图象知两个函数交点个数为3个,故③错误;④幂函数y=x a(a∈R)的图象恒过定点(0,0),错误,当a<0时,函数的图象不过点(0,0),故④错误,⑤“向量与的夹角是钝角”的充分必要条件是“•<0”且≠λ,λ<0;故⑤错误,⑥设f(x)=sinx﹣x,则函数的导数f′(x)=cosx﹣1≤0,则函数f(x)是奇函数,∵f(0)=sin0﹣0=0,∴f(x)=0的根只有一个0,解集方程sinx=x有一个实根.故⑥错误,故正确的是②,故答案为:②三、解答题(本大题共计70分,解答应写出说明文字、证明过程或演算步骤).17.已知f(x)=2sin(Ⅰ)若,求f(x)的值域;(Ⅱ)在△ABC中,A为BC边所对的内角若f(A)=2,BC=1,求的最大值.【考点】平面向量数量积的运算;三角函数中的恒等变换应用.(Ⅰ)根据二倍角的正余弦公式,和两角和的正弦公式即可化简f(x)=,【分析】而由x的X围可以求出x+的X围,从而可得出f(x)的值域;(Ⅱ)由f(A)=2即可求得A=,从而由余弦定理和不等式a2+b2≥2ab可求得|AB||AC|≤1,根据向量数量积的计算公式便可得出的最大值.【解答】解:(Ⅰ);∵;∴;∴;∴f(x)的值域为[1,2];(Ⅱ)∵f(A)=2,∴;在△ABC中,∵0<A<π,∴;∴;∴|AB||AC|=|AB|2+|AC|2﹣1≥2|AB||AC|﹣1;∴|AB||AC|≤1;∴;∴的最大值为.18.自2016年1月1日起,我国全面二孩政策正式实施,这次人口与生育政策的历史性调整,使得“要不要再生一个”“生二孩能休多久产假”等成为千千万万个家庭在生育决策上避不开的话题.为了解针对产假的不同安排方案形成的生育意愿,某调查机构随机抽取了200户有生育二胎能力的适龄家庭进行问卷调查,得到如下数据:产假安排(单位:周)14 15 16 17 18有生育意愿家庭数 4 8 16 20 26(1)若用表中数据所得的频率代替概率,面对产假为14周与16周,估计某家庭有生育意愿的概率分别为多少?(2)假设从5种不同安排方案中,随机抽取2种不同安排分别作为备选方案,然后由单位根据单位情况自主选择.①求两种安排方案休假周数和不低于32周的概率;②如果用ξ表示两种方案休假周数和.求随机变量ξ的分布及期望.【考点】离散型随机变量的期望与方差;列举法计算基本事件数及事件发生的概率;离散型随机变量及其分布列.【分析】(1)由表某某息可知,利用等可能事件概率计算公式能求出当产假为14周时某家庭有生育意愿的概率和当产假为16周时某家庭有生育意愿的概率.(2)①设“两种安排方案休假周数和不低于32周”为事件A,由已知从5种不同安排方案中,随机地抽取2种方案选法共有10种,由此利用列举法能求出其和不低于32周的概率.②由题知随机变量ξ的可能取值为29,30,31,32,33,34,35.分别求出相应的概率,由此能求出ξ的分布列和E(ξ).【解答】解:(1)由表某某息可知,当产假为14周时某家庭有生育意愿的概率为;当产假为16周时某家庭有生育意愿的概率为…(2)①设“两种安排方案休假周数和不低于32周”为事件A,由已知从5种不同安排方案中,随机地抽取2种方案选法共有(种),其和不低于32周的选法有14、18、15、17、15、18、16、17、16、18、17、18,共6种,由古典概型概率计算公式得…②由题知随机变量ξ的可能取值为29,30,31,32,33,34,35.,,,因而ξ的分布列为ξ29 30 31 32 33 34 35P 0.1 0.1 0.2 0.2 0.2 0.1 0.1所以E(ξ)=29×0.1+30×0.1+31×0.2+32×0.2+33×0.2+34×0.1+35×0.1=32,…19.如图,空间几何体ABCDE中,平面ABC⊥平面BCD,AE⊥平面ABC.(1)证明:AE∥平面BCD;(2)若△ABC是边长为2的正三角形,DE∥平面ABC,且AD与BD,CD所成角的余弦值均为,试问在CA上是否存在一点P,使得二面角P﹣BE﹣A的余弦值为.若存在,请确定点P的位置;若不存在,请说明理由.【考点】二面角的平面角及求法;直线与平面平行的判定.【分析】(1)过点D作直线DO⊥BC交BC于点O,连接DO.运用面面垂直的性质定理,可得DO⊥平面ABC,又直线AE⊥平面ABC,可得AE∥DO,运用线面平行的判定定理,即可得证;(2)连接AO,运用线面平行和线面垂直的性质,求得OA,OB,OD两两垂直,以O为坐标原点,OA,OB,OD所在直线分别为x轴,y轴,z轴,建立空间直角坐标系.求得O,A,B,E的坐标,假设存在点P,连接EP,BP,设=λ,求得P的坐标,求得平面PBE,ABE 的法向量,运用向量的夹角公式,计算可得P的位置.【解答】解:(1)证明:如图,过点D作直线DO⊥BC交BC于点O,连接DO.因为平面ABC⊥平面BCD,DO⊂平面BCD,DO⊥BC,且平面ABC∩平面BCD=BC,所以DO⊥平面ABC,因为直线AE⊥平面ABC,所以AE∥DO,因为DO⊂平面BCD,AE⊄平面BCD,所以直线AE∥平面BCD;(2)连接AO,因为DE∥平面ABC,所以AODE是矩形,所以DE⊥平面BCD.因为直线AD与直线BD,CD所成角的余弦值均为,所以BD=CD,所以O为BC的中点,所以AO⊥BC,且.设DO=a,因为BC=2,所以,所以.在△ACD中,AC=2.所以AC2=AD2+CD2﹣2AD•CD•cos∠ADC,即,即.解得a2=1,a=1;以O为坐标原点,OA,OB,OD所在直线分别为x轴,y轴,z轴,建立如图所示的空间直角坐标系.则.假设存在点P,连接EP,BP,设=λ,即有=+λ(﹣),则.设平面ABE的法向量为={x,y,z},由=(0,0,1),=(,﹣1,0),则,即,取x=1,则平面ABE的一个法向量为.设平面PBE的法向量为={x,y,z},则,取x=1+λ,则平面PBE的一个法向量为=(1+λ,﹣λ,﹣2λ),设二面角P﹣BE﹣A的平面角的大小为θ,由图知θ为锐角,则cosθ===,化简得6λ2+λ﹣1=0,解得λ=或(舍去),所以在CA上存在一点P,使得二面角P﹣BE﹣A的余弦值为.其为线段AC的三等分点(靠近点A).20.已知椭圆C: +=1(a>b>0)过点A(﹣,),离心率为,点F1,F2分别为其左右焦点.(1)求椭圆C的标准方程;(2)若y2=4x上存在两个点M,N,椭圆上有两个点P,Q满足,M,N,F2三点共线,P,Q,F2三点共线,且PQ⊥MN.求四边形PMQN面积的最小值.【考点】直线与圆锥曲线的综合问题.【分析】(1)由椭圆的离心率公式和点满足椭圆方程及a,b,c的关系,解方程,即可得到椭圆方程;(2)讨论直线MN的斜率不存在,求得弦长,求得四边形的面积;当直线MN斜率存在时,设直线方程为:y=k(x﹣1)(k≠0)联立抛物线方程和椭圆方程,运用韦达定理和弦长公式,以及四边形的面积公式,计算即可得到最小值.【解答】解:(1)由题意得:,a2﹣b2=c2,得b=c,因为椭圆过点A(﹣,),则+=1,解得c=1,所以a2=2,所以椭圆C方程为.(2)当直线MN斜率不存在时,直线PQ的斜率为0,易得,.当直线MN斜率存在时,设直线方程为:y=k(x﹣1)(k≠0)与y2=4x联立得k2x2﹣(2k2+4)x+k2=0,令M(x1,y1),N(x2,y2),则,x1x2=1,|MN|=•.即有,∵PQ⊥MN,∴直线PQ的方程为:y=﹣(x﹣1),将直线与椭圆联立得,(k2+2)x2﹣4x+2﹣2k2=0,令P(x3,y3),Q(x4,y4),x3+x4=,x3x4=,由弦长公式|PQ|=•,代入计算可得,∴四边形PMQN的面积S=|MN|•|PQ|=,令1+k2=t,(t>1),上式=,所以.最小值为.21.设函数,(a>0)(Ⅰ)当时,求函数f(x)的单调区间;(Ⅱ)若f(x)在内有极值点,当x1∈(0,1),x2∈(1,+∞),求证:.(e=2.71828…)【考点】利用导数研究函数的极值;利用导数研究函数的单调性.【分析】(Ⅰ)求出f(x)的导数,解关于导函数的不等式,从而求出函数的单调区间即可;(Ⅱ)求出f(x)的导数,令g(x)=x2﹣(a+2)x+1,根据函数的单调性得到:;,作差得到新函数F(n)=2lnn+n ﹣,(n>e),根据函数的单调性求出其最小值即可证明结论成立.【解答】解:(Ⅰ)函数f(x)的定义域为(0,1)∪(1,+∞),当时,,…令f′(x)>0,得:或,所以函数单调增区间为:,,令f′(x)<0,得:,所以函数单调减区间为:,…(Ⅱ)证明:,令:g(x)=x2﹣(a+2)x+1=(x﹣m)(x﹣n)=0,所以:m+n=a+2,mn=1,若f(x)在内有极值点,不妨设0<m<,则:n=>e,且a=m+n﹣2>e+﹣2,由f′(x)>0得:0<x<m或x>n,由f′(x)<0得:m<x<1或1<x<n,所以f(x)在(0,m)递增,(m,1)递减;(1,n)递减,(n,+∞)递增当x1∈(0,1)时,;当x2∈(1,+∞)时,,所以:=,n>e,设:,n>e,则,所以:F(n)是增函数,所以,又:,所以:.【选考题】请考生在第22、23、24三题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分,答题时用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑.请考生在第(22)、(23)、(24)三题中任选一题作答.注意:只能做所选定的题目.如果多做,则按所做的第一题计分,作答时请用2B铅笔在答题卡上将所选题号后的方框涂黑.[选修4-1:几何证明选讲] 22.如图,AB是⊙O的直径,弦CA、BD的延长线相交于点E,EF垂直BA的延长线于点F.求证:(1)∠DEA=∠DFA;(2)AB2=BE•BD﹣AE•AC.【考点】与圆有关的比例线段.【分析】(1)连接AD,利用AB为圆的直径结合EF与AB的垂直关系,通过证明A,D,E,F 四点共圆即可证得结论;(2)由(1)知,BD•BE=BA•BF,再利用△ABC∽△AEF得到比例式,最后利用线段间的关系即求得AB2=BE•BD﹣AE•AC.【解答】证明:(1)连接AD,因为AB为圆的直径,所以∠ADB=90°,又EF⊥AB,∠AFE=90°,则A,D,E,F四点共圆∴∠DEA=∠DFA(2)由(1)知,BD•BE=BA•BF,又△ABC∽△AEF∴,即AB•AF=AE•AC∴BE•BD﹣AE•AC=BA•BF﹣AB•AF=AB•(BF﹣AF)=AB2[选修4-4:坐标系与参数方程]23.在直角坐标系xOy中,设倾斜角为α的直线(t为参数)与曲线(θ为参数)相交于不同两点A,B.(1)若,求线段AB中点M的坐标;(2)若|PA|•|PB|=|OP|2,其中,求直线l的斜率.【考点】参数方程化成普通方程;直线的斜率;直线与圆的位置关系.【分析】(1)把直线和圆的参数方程化为普通方程,联立后根据根与系数的关系求出两交点中点的横坐标,待入直线方程再求中点的纵坐标;(2)把直线方程和圆的方程联立,化为关于t的一元二次方程,运用直线参数方程中参数t的几何意义,结合给出的等式求解直线的倾斜角的正切值,则斜率可求,【解答】解:(1)当时,由,得,所以直线方程为,由,得曲线C的普通方程为,设A(x1,y1),B(x2,y2)再由,得:13x2﹣24x+8=0,所以,,所以M的坐标为(2)把直线的参数方程代入,得:,所以,由|PA|•|PB|=|t1t2|=|OP|2=7,得:,所以,,所以,所以.所以直线L的斜率为±.[选修4-5:不等式选讲]24.设函数f(x)=|x﹣1|+|x﹣2|.(1)画出函数y=f(x)的图象;(2)若不等式|a+b|+|a﹣b|≥|a|f(x),(a≠0,a、b∈R)恒成立,某某数x的X围.【考点】分段函数的解析式求法及其图象的作法.【分析】本题考查的是分段函数的解析式求法以及函数图象的作法问题.在解答时对(1)要先将原函数根据自变量的取值X围转化为分段函数,然后逐段画出图象;对(2)先结和条件a≠0将问题转化,见参数统统移到一边,结合绝对值不等式的性质找出f(x)的X围,通过图形即可解得结果.【解答】解:(1)(2)由|a+b|+|a﹣b|≥|a|f(x)得又因为则有2≥f(x)解不等式2≥|x﹣1|+|x﹣2|得。

考点01 集合的概念与运算-2016届高三数学(理)33个黄金考点总动员(原卷版)

考点01 集合的概念与运算-2016届高三数学(理)33个黄金考点总动员(原卷版)

2016届高三数学33个黄金考点总动员考点1 集合的概念与运算(理)【考点剖析】1.最新考试说明:(1)了解集合的含义、元素与集合的“属于”关系.(2)能用自然语言、图形语言、集合语言(列举法或描述法)描述不同的具体问题.(3)理解集合之间包含与相等的含义,能识别给定集合的子集.(4)在具体情境中,了解全集与空集的含义.(5)理解两个集合的并集与交集的含义,会求两个简单集合的并集与交集.(6)理解在给定集合中一个子集的补集的含义,会求给定子集的补集.(7)能使用韦恩(Venn )图表达集合的关系及运算.2.命题方向预测:(1)给定集合,直接考查集合的交、并、补集的运算.(2)与方程、不等式等知识相结合,考查集合的交、并、补集的运算.(3)利用集合运算的结果,考查集合运算的结果,考查集合间的基本关系.(4)以新概念或新背景为载体,考查对新情景的应变能力.3.课本结论总结:(1)集合的概念:能够确切指定的一些对象的全体。

(2)集合中元素的性质:确定性,互异性,无序性。

(3)集合的表示方法:列举法,描述法,图示法。

(4)子集的概念:A 中的任何一个元素都属于B 。

记作:A B ⊆(5)相等集合:A B ⊆且B A ⊆(6)真子集:A B ⊆且B 中至少有一个元素不属于A 。

记作:A ≠⊂B(7)交集:B}x A x |{x B A ∈∈=⋂且(8)并集:}|{B x A x x B A ∈∈=⋃或(9)补集:A}x x |{x A C U ∉∈=且U4.名师二级结论:(1)若有限集A 有n 个元素,则A 的子集有2n 个,真子集有21n -,非空子集有21n-个,非空真子集有22n -个;(2)A B A A B ⋂=⇔⊆,AB A A B =⇔⊇; (3)()U U UC A C B C A B =,()U U U C A C B C A B =;5.课本经典习题:(1)新课标A 版第12页,第 B1 题(例题)已知集合{}2,1=A ,集合B 满足{}1,2A B ⋃=,则集合B 有 个.解析:因为A B A ⋃=,A B ⊆∴,因为A 含有2个元素,所以满足要求的B 有422=个.【经典理由】将集合间的运算与集合间的关系进行转化.(2)新课标A 版第 12 页,第 B3 题(例题)设集合{}0))(3(|=--=a x x x A ,{}0)1)(4(|=--=x x x B ,求B A . 解析:{}{}4,10)1)(4(|==--=x x x B (1)当3=a 时,{}{}30))(3(|==--=a x x x A ,此时,{}4,3,1=B A ; (2)当3≠a 时,{}{}a a x x x A ,30))(3(|==--=①当1=a 或4=a 时,{}4,3,1=B A ; ②当1≠a 且4≠a 时,{}a B A ,4,3,1= . 【经典理由】综合考察了集合的互异性与分类讨论思想.6.考点交汇展示:(1)集合与复数的结合例1【2015高考福建,理1】若集合{}234,,,A i i i i = (i 是虚数单位),{}1,1B =- ,则A B ⋂ 等于 ( )A .{}1-B .{}1C .{}1,1-D .φ(2)集合与函数的结合例2 【山东省菏泽市2014届高三3月模拟考试】设集合{|2sin ,[5,5]}M y y x x ==∈-,2{|log (1)}N x y x ==-,则M N ⋂= ( )A .{|15}x x <≤B .{|10}x x -<≤C .{|20}x x -≤≤D .{|12}x x <≤(3)集合与不等式结合例3【2015高考新课标2,理1】已知集合21,01,2A =--{,,},{}(1)(20B x x x =-+<,则A B ⋂=( ) A .{}1,0A =- B .{}0,1 C .{}1,0,1- D .{}0,1,2 【考点分类】热点一 集合的含义与表示1.【2014·福建卷】 若集合{a ,b ,c ,d }={1,2,3,4},且下列四个关系:①a =1;②b ≠1;③c =2;④d ≠4有且只有一个是正确的,则符合条件的有序数组(a ,b ,c ,d )的个数是________.2.【2013年普通高等学校统一考试试题大纲全国】设集合{}{}1,2,3,4,5,A B =={}|,,,M x x a b a A b B ==+∈∈则M 中元素的个数为( )(A )3 (B )4 (C )5 (D )63.【2013年普通高等学校招生全国统一考试(江西卷)】若集合{}21A x R ax ax =∈++中只有一个元素,则a =( )A .4B . 2C .0D .0或4【方法规律】1.解决元素与集合的关系问题,首先要正确理解集合的有关概念,元素属不属于集合,关键就看这个元素是否符合集合中代表元素的特性.2.集合元素具有三个特征:确定性、互异性、无序性;确定性用来判断符合什么条件的研究对象可组成集合;互异性是相同元素只写一次,在解决集合的关系或运算时,要注意验证互异性;无序性,即只要元素完全相同的两个集合是相等集合,与元素的顺序无关,可考虑与数列的有序性相比较.【解题技巧】1.集合的基本概念问题,主要考查集合元素的互异性与元素与集合的关系,解题的关键搞清集合元素的属性.2.对于含有字母的集合,要注意对字母的求值进行讨论,以便检验集合是否满足互异性.【易错点睛】1.集合中的元素的确定性和互异性,一是可以作为解题的依据;二可以检验所求结果是否正确.例.已知集合A x xy xy ={lg()},,,B x y ={||}0,,,若A B =,求实数x y ,的值。

四川省成都市2024届高三下学期三诊地理试题含答案

四川省成都市2024届高三下学期三诊地理试题含答案

成都2023-2024学年度下期高2024届三诊模拟考试文科综合(答案在最后)(全卷满分300分,考试时间150分钟)注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在本试卷和答题卡相应位置上。

2.作答选择题时,选出甸小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。

答案不能答在试卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答。

答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先画掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。

考试结束后,将试卷和答题卡一并交回。

第I卷(选择题,共140分)本卷共35个小题,每小题4分,共140分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

中国西部(广元)绿色家居产业城位于四川省广元市昭化区元坝镇和旺苍县白水镇、嘉川镇,沿恩广高速、G542、G212等交通干道围合区域及其附近,规划面积35平方公里(约5万亩)。

产业城立足广元资源禀赋、区位优势和产业发展基础,以家居产业为主导,围绕产业链招商,已吸引众多企业入驻。

2023年12月27日,在近期成都大量家居企业停工停产、开工率严重不足的背景下,省家居产业协会组织部分意向企业赴广元考察中国西部绿色家居产业城。

1.绿色家居产业城发展的主要优势条件不包括()A.政府政策支持B.广元市场广阔C.木材资源丰富D.产业基础较好2.绿色家居产业城进行产业链招商的主要目的是()①提高生产组织效率②增强家居产业竞争力③提高研发、设计能力④促进企业良性竞争A.①②B.③④C.①③D.②③3.导致成都大量家具企业停工停产、开工率严重不足的主要原因是()A.成都家具市场逐渐饱和B.优化产业结构的需要C.成都大气质量预警频繁D.经济下行,消费降级【答案】1.B 2.A 3.C【解析】【1题详解】由材料可知,绿色家居产业城是规划建设的工业地域,一般是由政府主导,因此有政策支持,A不符合题意;由材料中“产业城立足广元资源禀赋、区位优势和产业发展基础”可知,广元有丰富的资源与一定的产业基础,CD不符合题意。

2023届四川省成都市第七中高三下学期三诊模拟考试理综试题理综

2023届四川省成都市第七中高三下学期三诊模拟考试理综试题理综

成都七中高2023届高三下学期三诊模拟理科综合测试题总分:300分时间:150分钟可能用到的相对原子质量:H-1 C-12 N-14 O-16 S-32 Zn-65 Br-80 Ag-108一、选择题:本题共13小题,每小题6分,共78分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.细胞自噬是细胞内主要依赖溶酶体的一种降解途径,该途径将机体不需要的生物大分子和损伤细胞器包裹形成自噬体(具膜结构),并与溶酶体融合将内容物降解。

下列关于细胞自噬的相关叙述,错误的是A.自噬体与溶酶体的融合体现了生物膜的结构特点B.细胞中生物大分子通过自噬作用后全部被再利用C.神经细胞中损伤细胞器堆积可能影响兴奋的传递D.细胞自噬对维持细胞和生物体稳态有重要的作用2.盲鳗生活在终日无阳光的海底,眼睛发生了退化。

盲鳗能分泌黏液,黏液中的纤维丝会进入捕猎者的鳃中,导致其迅速室息。

无鳃的海狮和海豚能巧妙地避开这一陷阱并捕食盲鳗。

根据现代生物进化理论分析,下列相关叙述正确的是A.盲鳗眼睛的退化是长期适应黑暗环境而产生的变异B.盲鳗控制某性状的全部等位基因是该种群的基因库C.盲鳗分泌的粘液对它的所有捕猎者生存都是有害的D.盲鳗与捕猎者间共同进化是导致生物多样性的原因3.RNA疫苗进入人体细胞后,指导合成的抗原蛋白既可激活T细胞,也可激活B细胞。

下列叙述错误的是A.进入人体细胞的RNA作为模板与核糖体结合指导抗原蛋白合成B.注射RNA疫苗一段时间之后,机体内会产生相应的效应T细胞C.被特定RNA疫苗激活产生的浆细胞,能与含特定抗原的病毒结合D.B淋巴细胞在淋巴因子和抗原共同刺激后可增殖分化产生记忆细胞4.下图是多年生草本为优势种的某高草草原①演替成鼠尾草灌木和蒿类群落③的过程。

根据图示演替过程分析,下列叙述正确的是A.从①到②高草种群数量下降是由种内斗争引起的B.③取代②主要是因为鼠尾草灌木和蒿类繁殖力强C.③经过较长时间的发展一定能够演替到森林阶段D.人为干扰和生物因素均可以改变群落演替的方向9.一种由短周期元素组成的化合物,其结构如下图所示。

四川省成都市2016届高三第三次诊断考试数学试题(理)含答案

四川省成都市2016届高三第三次诊断考试数学试题(理)含答案

成都市2013级高中毕业班第三次诊断性检测数学(理工类)第Ⅰ卷(选择题,共50分)一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知田径队有男运动员56人,女运动员42人,若按男女比例用分层抽样的方法,从全体运动员中抽出14人参加比赛,则抽到女运动员的人数为A. 2B. 4C. 6D. 82.命题()()"1,,ln 1"x x x ∀∈-+∞+<的否定是A. ()()1,,ln 1x x x ∀∉-+∞+<B. ()()0001,,ln 1x x x ∀∉-+∞+<C. ()()1,,ln 1x x x ∀∈-+∞+≥D. ()()0001,,ln 1x x x ∃∈-+∞+≥3.已知复数2z i i=-(其中i 为虚数单位),则z =4.已知,αβ是空间中两个不同的平面,m 为平面β内的一条直线,则""αβ⊥是""m α⊥的A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件5.已知向量,a b 满足()2,3a a b a =-=- ,则b 在a 方向上的投影为 A. 23 B. 23- C. 12 D. 12- 6. 某工厂用A,B 两种配件生产甲乙两种产品,每生产一件甲产品需用4个A 配件耗时1h ,每生产一件乙产品需用4个B 配件耗时2h ,该厂每天最多可从配件厂获得24个A 配件和16个B 配件,每天生产总耗时不超过8h.若生产一件甲产品获利3万元,生产一件乙产品获利4万元,则通过恰当的生产安排,该工厂每天可获得的最大利润为A. 24万元B.22万元C. 18万元D. 16万元7.执行如图所示的程序框图,若依次输入1122210.6,0.6,3m n p -⎛⎫=== ⎪⎝⎭,则输出的结果为 A. 1213⎛⎫ ⎪⎝⎭ B. 120.6 C. 20.6- D. 320.6-8.某学校食堂早餐只有花卷、包子、面条和蛋炒饭四种主食可供食用,有5名同学前去就餐,每人只选择其中一种,且每种主食都至少有一名同学选择.已知包子数量不足仅够一人食用,甲同学肠胃不好不会选择蛋炒饭,则这5名同学不同的主食选择方案种数为A.144B. 132C. 96D.489. 定义在()1,+∞上的函数()f x 同时满足:①对任意的()1,x ∈+∞恒有()()33f x f x = 成立;②当(]1,3x ∈时,()3.f x x =-记函数()()()1g x f x k x =--,若函数()g x 恰好有两个零点,则实数k 的取值范围是A.()2,3B. [)2,3C. 9,34⎛⎫ ⎪⎝⎭D. 9,34⎡⎫⎪⎢⎣⎭10. 已知O 为坐标原点,双曲线()2222:10,0x y C a b a b-=>>的左焦点为()(),00F c c ->,以OF 为直径的圆交双曲线C 的渐近线于A,B ,O 三点,且()0AO AF OF += .关于x 的方程20ax bx c +-=的两个实数根分别为1x 和2x ,则以12,,2x x 为边长的三角形的形状是A. 钝角三角形B. 直角三角形C. 锐角三角形D. 等腰直角三角形第Ⅱ卷(非选择题,共100分)二、填空题:(大题共5小题,每小题5分,共25分.11.计算:sin 65cos35sin 25sin35-= .12. 一块边长为8cm 的正方形铁板按如图所示的阴 影部分裁下,然后用余下的四个全等的等腰三角形加工成一个正四棱锥(底面是正方形,从顶点向底面作垂线,垂足为底面中心的四棱锥)形容器,O 为底面ABCD 的中心,则侧棱SC 与底面ABCD 所成角的余弦值为 13. 已知椭圆()22:101616x y C n n+=<<的两个焦点分别为12,F F ,过1F 的直线交椭圆C 于A,B 两点,若22AF BF +的最大值为10,则n 的值为 .14. 若直线()2101,0ax by a b +-=>->经过曲线()cos 101y x x π=+<<的对称中心,则的121a b++最小值为 . 15.函数()()0,0b f x a b x a=>>-,因其图象像“囧”字,被称为“囧函数”.我们把函数()f x 的图像与y 轴的交点关于原点对称的点称为函数()f x 的“囧点”;以函数()f x 的“囧点”为圆心,与函数()f x 的图象有公共点的圆,皆称为函数()f x 的“囧圆”.当1a b ==时,有以下命题:①对任意()0,x ∈+∞,都有()1f x x >成立; ②存在0,63x ππ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭,使得()00tan f x x <成立;③函数()f x 的“囧点”与函数ln y x =④函数()f x 的所有“囧圆”中其周长的最小值为.其中正确的命题序号有 .(写出所有正确命题的序号)三、解答题:本大题共6小题,满分70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.16.(本小题满分10分)已知函数()22sin cos 44f x x x x ππ⎛⎫⎛⎫=+++ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭(1)求函数()f x 的单调递增区间;(2)在ABC ∆中,内角A,B,C 的对边分别为,,a b c ,角A 满足()1f A =+,若3,s i n 2s i n a B C ==,求b 的值.17.(本小题满分12分)如图,在三棱台DEF ABC -中,已知底面AB C 是以AB 为斜边的直角三角形,FC ⊥底面ABC ,AB=2DE,G,H 分别为AC,BC 的中点.(1)求证:平面ABED//平面GHF;(2))若BC=CF=12A B=1,求二面角A-DE-F 的余弦值.18.(本小题满分12分)某高校一专业在一次自主招生中,对20名已经选拔入围的学生进行语言表达能力和逻辑思维能力测试,结果如下表:由于部分数据丢失,只知道从这20名参加测试的学生中随机抽取一人,抽到语言表达能力优秀或逻辑思维能力优秀的学生的概率为2.5(1) 从参加测试的语言表达能力良好的学生中任意抽取2名,求其中至少有一名逻辑思维能力优秀的学生的概率;(2))从参加测试的20名学生中任意抽取2名,设语言表达能力优秀或逻辑思维能力优秀的学生人数为X ,求随机变量X 的分布列及其均值.19.(本小题满分12分)已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,且330,.n n S a n N *+-=∈(1)求数列{}n a 的通项公式;(2)设数列{}n b 满足()211log 12n n b S +=-,求12231111n n n T b b b b b b +=+++ ,求使5041009n T ≥成立的n 的最小值.20.(本小题满分13分)已知一动圆经过点()2,0M ,且在y 轴上截得的弦长为4,设动圆圆心的轨迹为曲线C.(1)求曲线C 的方程;(2)过点()1,0N 任意作相互垂直的两条直线12,l l ,分别交曲线C 于不同的两点A,B 和不同的两点D ,E.设线段AB,DE 的中点分别为P,Q.①求证:直线PQ 过定点R ,并求出定点R 的坐标; ②求PQ 的最小值;21.(本小题满分14分)已知函数()x f x e =,其中 2.71828e = 为自然对数的底数.(1)设函数()()()223,.g x x ax a f x a R =+--∈试讨论函数()g x 的单调性; (2)设函数()()2,.h x f x mx x m R =--∈,若对任意121,,22x x ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦,且12x x >都有()()()21121221x h x x h x x x x x ->-成立,求实数m 的取值范围.。

四川省成都市2023届高三下学期第三次诊断考试理科综合化学试题(解析版)

四川省成都市2023届高三下学期第三次诊断考试理科综合化学试题(解析版)
B.过氧化钠是由Na+和O 组成,39g过氧化钠中含有离子数为 =1.5NA,故B错误;
C.溶液呈电中性有c(NH )+c(H+)=c(OH-)+c(NO ),溶液呈中性,有c(H+)=c(OH-),即得出c(NH )=c(NO )=1mol,则溶液NH 数目为NA,故C正确;
D.氯气溶于水后,含氯元素微粒有Cl2、HClO、ClO-、Cl-,0.5molCl2溶于水后,溶液中的Cl-、ClO-、HClO三者之和小于NA,故D错误;
B.硫酸锌中加入硫化钠,生成ZnS白色沉淀,再加入CuSO4,生成黑色沉淀,说明ZnS转化为CuS,则Ksp(CuS)<Ksp(ZnS),B正确;
C.氯气通入石灰乳中生成次氯酸钙和氯化钙,以此来制备漂白粉,C正确;
D.两个试管中碳酸氢钠和甲酸钠的浓度不同,要比较甲酸钠和碳酸氢钠的pH从而比较碳酸和甲酸的酸性强弱应保证两者的浓度相同,D错误;
C.理论上1mol 还原为Cr(III),两装置共可脱除6molNaCl
D.D室电极上发生的反应为CH2=CH2-2e-+2Cl-=ClCH2CH2Cl
【答案】C
【解析】
【分析】由图可知,左图是原电池,电子流出的是负极,则A是负极室,C是正极室,右图是电解池,D为阳极室,F为阴极室,以此分析;
【详解】A.根据分析,A为负极,C为正极,发生还原反应将 还原为Cr3+,故C室充入含铬的废水,A是有机废水,A正确;
(4)步骤III需控制浓缩液的浓度。结合下表中的物质溶解度,说明浓缩液浓度不宜过大的原因是___________。
物质
摩尔质量g·mol-1
20℃溶解度g/100gH2O
60℃溶解度g/100gH2O

2024届高三数学仿真模拟卷(全国卷)(理科)(考试版)

2024届高三数学仿真模拟卷(全国卷)(理科)(考试版)

2024年高考第三次模拟考试高三数学(理科)(考试时间:120分钟试卷满分:150分)注意事项:1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上.2.回答第Ⅰ卷时,选出每小题答案后,用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号.写在本试卷上无效.3.回答第Ⅱ卷时,将答案写在答题卡上.写在本试卷上无效.4.测试范围:高考全部内容5.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回.第Ⅰ卷一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.若集合{}24A x x =-≤≤,{}260B x x x =-≥,则A B = ()A .[]2,0-B .[]0,4C .[]2,6-D .[]4,62.已知3i 2z a =(R a ∈,i 是虚数单位),若21322z =,则=a ()A .2B .1C .12D .143.如图,已知AM 是ABC 的边BC 上的中线,若AB a=,AC b = ,则AM 等于()A .()12a b- B .()12a b-- C .()12a b+ D .()12a b-+ 4.已知函数()()πtan 0,02f x x ωϕωϕ⎛⎫=+><< ⎝⎭的最小正周期为2π,直线π3x =是()f x 图象的一条对称轴,则()f x 的单调递减区间为()A .()π5π2π,2πZ 66k k k ⎛⎤-+∈ ⎥⎝⎦B .()5π2π2π,2πZ 33k k k ⎛⎤--∈ ⎥⎝⎦C .()4ππ2π,2πZ 33k k k ⎛⎤--∈ ⎥⎝⎦D .()π2π2π,2πZ 33k k k ⎛⎤-+∈ ⎥⎝⎦5.已知直线l 过点()1,1A 交圆22:4O x y +=于,C D 两点,则“CD =l 的斜率为0”的()A .必要而不充分条件B .充分必要条件C .充分而不必要条件D .即不充分也不必要条件6.甲、乙、丙、丁、戊共5名同学进行唱歌比赛,决出第一名到第五名.丙和丁去询问成绩,回答者对丙说:很遗憾,你和丁都没有得到冠军,对丁说:你当然不会是最差的从这两个回答分析,5人的名次排列方式共有()A .24种B .54种C .96种D .120种7.函数()πln sin 2x x f x x⎛⎫⋅- ⎪⎝⎭=的部分图象大致为()A .B .C.D.8.祖暅是我国南北朝时期伟大的数学家.祖暅原理用现代语言可以描述为“夹在两个平行平面之间的两个几何体,被平行于这两个平面的任意平面所截,如果截得的面积总相等,那么这两个几何体的体积相等”.例如,可以用祖暅原理推导半球的体积公式,如图,底面半径和高都为R 的圆柱与半径为R 的半球放置在同一底平面上,然后在圆柱内挖去一个半径为R ,高为R 的圆锥后得到一个新的几何体,用任何一个平行于底面的平面α去截这两个几何体时,所截得的截面面积总相等,由此可证明半球的体积和新几何体的体积相等.若用平行于半球底面的平面α去截半径为R 的半球,且球心到平面α的距离为2R ,则平面α与半球底面之间的几何体的体积是()A3R B3R C3R D3R9.已知函数()21e 3ln ,ln ,ln ,ln 222f x x a f b f c f ⎛⎫⎛⎫⎛⎫==== ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭,则()A .a b c <<B .b a c <<C .c<a<bD .a c b<<10.已知数列{}n a 满足1,231,nn n n n a a a a a +⎧⎪=⎨⎪+⎩当为偶数时当为奇数时,若81a =,1a 的所有可能取值构成集合M ,则M 中的元素的个数是()A .7个B .6个C .5个D .4个11.如图,已知双曲线2222:1(0,0)x y C a b a b -=>>的左、右焦点分别为1(,0)F c -,2(,0)F c ,点A 在C 上,点B 在y 轴上,A ,2F ,B 三点共线,若直线1BF1AF的斜率为,则双曲线C 的离心率是()AB .32CD .312.已知()f x ,()g x 都是定义在R 上的函数,对任意x ,y 满足()()()()()f x y f x g y g x f y -=-,且()()210f f -=≠,则下列说法正确的是()A .()01f =B .函数()21g x +的图象关于点()1,0对称C .()()110g g +-=D .若()11f =,则()202311n f n ==∑第Ⅱ卷二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分13.已知数列{}n a 的前n 项和2n S n n =+,当9n nS a +取最小值时,n =.14.若函数()sin 1f x x x ωω=-在[]0,2π上恰有5个零点,且在ππ[,415-上单调递增,则正实数ω的取值范围为.15.已知52345012345(23)x a a x a x a x a x a x +=+++++,则123452345a a a a a -+-+=.(用数字作答)16.已知定义在R 上的函数()f x 满足()4()0f x f x '+>,且(01f =),则下列说法正确的是.①()f x 是奇函数;②(0,),()0x f x ∃∈+∞>;③41(1)e f >;④0x ∀>时,41()e xf x <三、解答题:本大题共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:共60分.17.(12分)已知()sin ,5sin 5sin m B A C =+ ,()5sin 6sin ,sin sin n B C C A =--垂直,其中A ,B ,C 为ABC的内角.(1)求cos A 的大小;(2)若BC =ABC 的面积的最大值.18.(12分)2016年10月“蓝瘦香菇”等网络新词突然在网络流行,某社区每月都通过问卷形式进行一次网上调查,现从社区随机抽取了60名居民进行调查.已知上网参与问卷调查次数与参与人数的频数分布如下表:参与调查问卷次数[)0,2[)2,4[)4,6[)6,8[)8,10[]10,12参与调查问卷人数814814106(1)若将参与调查问卷不少于4次的居民称为“关注流行语居民”,请你根据频数分布表,完成22⨯列联表,据此调查你是否有99%的把握认为在此社区内“关注流行语与性别有关”?男女合计关注流行语8不关注流行语合计40(2)从被调查的人中按男女比例随机抽取6人,再从选取的6人中选出3人参加政府听证会,求选出的3人为2男1女的概率.附:参考公式()()()()()22n ad bc K a b c d a c b d -=++++及附表()2P K k ≥0.1000.0500.0100.001k2.7063.8416.63510.82819.(12分)在几何体中,底面ABC 是边长为2的正三角形.⊥AE 平面ABC ,若,5,4,3AE CD BF AE CD BF ===∥∥.(1)求证:平面DEF ⊥平面AEFB ;(2)是否在线段AE 上存在一点P ,使得二面角P DF E --的大小为π3.若存在,求出AP 的长度,若不存在,请说明理由.20.(12分)已知椭圆2222:1(0)x y C a b a b+=>>的右焦点为F ,点31,2P ⎛⎫ ⎪⎝⎭在椭圆C 上,且PF 垂直于x 轴.(1)求椭圆C 的方程;(2)直线l 斜率存在,交椭圆C 于,A B 两点,,,A B F 三点不共线,且直线AF 和直线BF 关于PF 对称.(ⅰ)证明:直线l 过定点;(ⅱ)求ABF △面积的最大值.21.(12分)已知函数()2,0eax x f x a =>.(1)当2a =时,求函数()f x 的单调区间和极值;(2)当0x >时,不等式()()2cos ln ln 4f x f x a x x ⎡⎤-≥-⎣⎦恒成立,求a 的取值范围.(二)选考题:共10分.请考生在22、23题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分.选修4-4:坐标系与参数方程22.在平面直角坐标系xOy 中,曲线C 的参数方程为12cos 2sin x y αα=+⎧⎨=⎩(α为参数).以坐标原点为极点,x 轴正半轴为极轴建立极坐标系,直线l 的极坐标方程为sin 42πρθ⎛⎫-= ⎪⎝⎭.(1)求C 的普通方程和l 的直角坐标方程;(2)设直线l 与x 轴相交于点A ,动点B 在C 上,点M 满足AM MB =,点M 的轨迹为E ,试判断曲线C与曲线E 是否有公共点.若有公共点,求出其直角坐标;若没有公共点,请说明理由.选修4-5:不等式选讲23.已知()2122f x x x x =-+-+.(1)求()2f x ≥的解集;(2)记()f x 的最小值为t ,且2(0,0)3a b t a b +=>>,求证:11254a b a b ⎛⎫⎛⎫++≥ ⎪⎪⎝⎭⎝⎭.。

四川省成都市2015届高三数学综合卷(理)

四川省成都市2015届高三数学综合卷(理)

都江堰市青城山高级中学综合复习卷(4)数 学(理)一.选择题:本大题共10小题,每小题5分,满分50分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1. 已知,,m n R i ∈是虚数单位,若2ni +与m i -互为共轭复数,则2m ni +=() (A)i 45- (B) i 45+ (C) i 43- (D) i 43+ 2. 设集合{12},{|14},A x x B x x =-<=≤≤则=B A(A) [1,3) (B) (1,3) (C) [0,2] (D) (1,4) 3. 在8(1)x +的展开式中,含2x 项的系数为(A)28 (B)56 (C)70 (D)8 4. 设{}n a 是公比为q 的等比数列,则“{}n a 为递增数列”是“1>q ”的 (A)充分而不必要条件 (B)必要而不充分条件(C)充分必要条件 (D)既不充分也不必要条件5. 将函数3sin 2y x =的图象向左平移2π个单位长度,所得图象对应的函数(A) 在区间[,]44ππ-上单调递减 (B) 在区间[,]44ππ-上单调递增(C) 在区间[,]22ππ-上单调递减 (D) 在区间[,]22ππ-上单调递增6. 执行如图所示的程序框图,若输入的x 的值为1,则输出的n 的值为 (A)5 (B)3 (C)2 (D)17. 某几何体三视图如图所示,则该几何体的体积为(A)82π- (B)8π- (C)82π- (D)84π-8.已知222,0()1,0x tx t x f x x t x x ⎧-+≤⎪=⎨++>⎪⎩,若)0(f 是)(x f 的最小值,则t 的取值范围为 (A)[-1,2] (B)[-1,0] (C)[1,2] (D) [0,2]9. 为了研究某药物的疗效,选取若干名志愿者进行临床试验,所有志愿者的舒张压数据(单位:kPa )的分组区间为[12,13),[13,14),[14,15),[15,16),[16,17],将其按从左到右的顺序分别编号为第一组,第二组,……,第五组,右图是根据试验数据制成的频率分布直方图,已知第一组与第二组共有20人,第三组中没有疗效的有6人,则第三组中有疗效的人数为(A )6 (B )8 (C )12 (D )1810. 当[2,1]x ∈-时,不等式3243mx x x ≥--恒成立,则实数m 的取值范围是(A) 9[6,]8-- (B) [6,2]-- (C) [5,3]-- (D)[4,3]--二.填空题:(本大题共5小题,每小题5分,共25分,把答案填在题中横线上)11.某中学为了解高三学生对参加某项社会实践活动的意向,拟采用分层抽样的方法,从高三的四个班的学生中抽取一个容量为100的样本进行调查.已知一、二、三、四班的学生人数之比为4:5:5:6,则应从一班学生中抽取____ ___名学生.12.在等差数列}{n a 中,5,142==a a ,则}{n a 的前5项和5S = .13.在ABC ∆中,60,4,A b a =︒==则ABC ∆的面积等于_______ __.14.要从7个班中选10人参加演讲比赛,每班至少1人,共有 种不同的选法. 15.下图展示了一个由区间)1,0(到实数集R 的映射过程:区间()0,1中的实数m 对应数上的点m ,如图1;将线段AB 围成一个圆,使两端点B A ,恰好重合,如图2;再将这个圆放在平面直角坐标系中,使其圆心在y 轴上,点A 的坐标为()0,1,如图3.图3中直线AM 与x 轴交于点(),0N n ,则m 的象就是n ,记作()f m n =.下列说法中正确命题的序号是 .(填出所有正确命题的序号)①方程()0f x =的解是x =12;②114f ⎛⎫= ⎪⎝⎭; ③()f x 是奇函数;④()f x 在定义域上单调递增; ⑤()f x 的图象关于点1,02⎛⎫ ⎪⎝⎭对称.三.解答题:本大题共6小题,共75分,解答应写出文字说明,演算步骤或证明过程。

四川省成都市2018届高三第三次诊断性检测理综试卷含答案

四川省成都市2018届高三第三次诊断性检测理综试卷含答案

成都市2015级高中毕业班第三次诊断性检测理科综合可能用到的相对原子质量:H-1 C-12 O-16 Na-23 Ti-48 Mn-55 Ba-137第Ⅰ卷(共126分)一、选择题:本题共13个小题,每小题6分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.下列有关细胞生命历程的叙述,错误的是A.细胞分裂不一定都出现纺锤丝和染色体的变化B.细胞分化过程中细胞膜的通透性可能发生改变C.细胞癌变是致癌因子诱发原癌基因表达导致的D.细胞凋亡是细胞中部分基因选择性表达的结果2.下列与光合作用有关的叙述,正确的是A.所有能够进行光合作用的生物捕获光能的色素种类都相同B.光能转换为有机物中化学能的全过程在叶绿体基质中进行C.暗反应中C3转变成C5的过程需要光反应提供[H]和A TPD.光照适宜时叶绿体固定的CO2由线粒体和细胞质基质产生3.下列与生物实验有关的叙述,正确的是A.龙胆紫溶液和醋酸洋红液都可以将细胞中的染色体染成深色B.斐林试剂与甘蔗组织提取液水浴共热后不会产生砖红色沉淀C.制作动植物细胞临时装片时都应先在载玻片上滴加生理盐水D.观察植物细胞质壁分离时只能够选择液泡中含有色素的细胞4.有人在一片柑橘林中发现一株具有明显早熟特性的植株,经检测,该变异是由基因突变引起的。

研究人员决定利用该植株培育早熟柑橘新品种,下列叙述正确的是A.该柑橘变异植株的早熟性状一定能通过配子遗传给后代B.若变异植株自交后代均为早熟就可判断早熟性状是隐性C.用秋水仙素处理变异植株的幼苗就能得到纯合早熟品系D.选育早熟品种过程中柑橘种群基因频率会发生定向改变5.某桑基鱼塘中养殖有多种鱼,不同种类的鱼生活在鱼塘的不同水层,食性也有很明显的差异,其中生活在下层的一些鱼可以食用蚕沙(蚕的粪便)。

下列叙述正确的是A.决定不同种类鱼在鱼塘中垂直分布的主要因素是光照强度B.蚕沙和鱼体内的碳元素都能以CO2的形式进入生产者体内C.蚕同化的能量通过蚕沙流动到鱼体内的部分约为10%~20%D.桑基鱼塘通过能量的多级利用来提高桑树对光能的利用率6.动物细胞的线粒体DNA分子上有两个复制起始区OH和OL。

2020届成都省统一试题高三数学第三次诊断性检测试题及答案理

2020届成都省统一试题高三数学第三次诊断性检测试题及答案理

四川省成都市2020届高三数学第三次诊断性检测试题 理第Ⅰ卷(选择题,共60分)一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.已知集合,}{0,,{02,4}A x B ==,若A ←B ,则实数x 的值为 (A)0或2 (B)0或4 (C)2或4 (D)0或2或42.若复数z 满足zi =2+5i (i 为虚数单位),则z 在复平面上对应的点的坐标为 (A)(2,5) (B)(2,-5) (C)(-5,2) (D)(5,-2) 3.命题“∃x 0∈R ,x 02-x 0+1≤0的否定是0(),A x ∃∈R x 02-x 0+1>0 (B)∀x ∈R ,x 2-x +1≤0(0)C x ∃∈R ,x 02-x 0+1≥0 (D) ∀x ∈R ,x 2-x +1>04.如图是某几何体的正视图和侧视图,则该几何体的俯视图不可能是5.已知函数2(2)f x x x --=,则()2log 3f = (A)2 (B)83 (C)3 (D)1036.已知实数x,y 满足10,20,50x x x y -≥⎧⎪-≥⎨⎪+-⎩…则z =2x +y 的最大值为(A)4 (B)6 (C)8 (D)107.在等比数列{a n }中,已知19nn n a a +=,则该数列的公比是(A )-3 (B)3 (C )±3 (D)98.已知函数f (x )=x 3-3x ,则“a>-1”是“f (a )>f (-1)”的(A)充分不必要条件 (B)必要不充分条件 (C)充要条件 (D)既不充分也不必要条件9.已知F 1,F 2是双曲线()222210,0x y a b a b-=>>的左,右焦点,经过点F 2且与x 轴垂直的直线与双曲线的一条渐近线相交于点A ,且1264F AF ππ∠剟,则该双曲线离心率的取值范围是()A [5,13] ()B [5,3] (C) [3,13] (D)[7,3]10.为迎接大运会的到来,学校决定在半径为202m ,圆心角为π4的扇形空地OPQ 的内部修建一平行四边形观赛场地ABCD ,如图所示则观赛场地的面积最大值为 (A )200m 2()B 400(2-2)m 2(C)400(3-1)m 2(D)400(2-1)m 211.在三棱锥P ABC —中,,AB BC P ⊥在底面ABC 上的投影为AC 的中点D , DP = DC= 1, 有下列结论: ①三棱锥 P — A B C 的三条侧棱长均相等; ②∠PAB 的取值范围是(π4,π2)③若三棱锥的四个顶点都在球O 的表面上,则球O 的体积为2π3④若 A B = B C ,E 是线段PC 上一动点,则+DE BF 的最小值为6+22其中正确结论的个数是(A)1 (B)2 (C) 3 (D)4 12.已知函数()sin 10,01, )4f x A x A πωω⎛⎫=+-><< ⎪⎝⎭(588f f ππ⎛⎫⎛⎫= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,且f (x )在区间30,4π⎛⎫⎪⎝⎭上的最大值为2.若对任意的x 1,x 2∈[0,t ],都有()()122f x f x ≥成立,则实数t 的最大值是(A)3π4 (B)2π3 (C)712π (D)π2第Ⅱ卷(非选择题,共90分)二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.把答案填在答题卡上13.已知向量(1,),(2,3),λ==a b 且,⊥a b 则实数λ的值为 ▲14.某实验室对小白鼠体内x ,y 两项指标进行研究,连续五次实验所测得的这两项指标数据如下表:已知y 与x 具有线性相关关系,利用上表中的五组数据求得回归直线方程为$$,y bx a $=+若下一次实验中x =170,利用该回归直线方程预测得$117,y =则b$的值为 ▲ 15.设数列{a n }的前n 项和为S n ,若a 1=1.S 5=35,112(211n n n S S S n n n n -+=+-+且且…n +N ,∈则12231011111a a a a a a +++L 的值为 ▲ 16.已知点F 为抛物线y 2=2px (p >0)的焦点,经过点F 且倾斜角为02παα⎛⎫<<⎪⎝⎭的直线与抛物线相交于A ,B 两点,(OAB O ∆为坐标原点)的面积为2sin 2α,线段AB 的垂直平分线与x 轴相交于点M ,则|FM|的值为 ▲三、解答题:本大题共6小题,共70分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。

四川省成都市石室中学2024届高三下学期三诊模拟考试理科数学含答案

四川省成都市石室中学2024届高三下学期三诊模拟考试理科数学含答案

成都石室中学2023-2024年度下期高2024届三诊模拟数学试题(理)(总分:150分,时间:120分钟)第Ⅰ卷(共60分)一、选择题(本题共12道小题,每小题5分,共60分)1.满足{},,,M a b c d ⊆且{}{},,M a b c a ⋂=的集合M 的个数为()A .1B .2C .3D .42.在A B C ∆中,“AC B ∠是钝角”是“CA CB AB +<”的()A .充分不必要条件B .必要不充分条件C .充要条件D .既不充分也不必要条件3.如图是某赛季甲、乙两名篮球运动员5场比赛得分的茎叶图,已知甲的成绩的极差为31,乙的成绩的平均值为24,则下列结论错误的是()A .9x =B .6y =C .乙的成绩的中位数为28D .乙的成绩的方差小于甲的成绩的方差4.用数学归纳法证明()111212322n n f n +=++++≥ (*n ∈N )的过程中,从n k =到1n k =+时,()1f k +比()f k 共增加了()A .1项B .21k -项C .+12k 项D .2k 项5.已知函数()1sin cos 4f x x x =+,则下列说法正确的是()A .()f x 的图象关于直线π2x =对称B .()f x 的周期为πC .(1π,4)是()f x 的一个对称中心D .()f x 在区间ππ,42⎡⎤⎢⎣⎦上单调递增6.物理学家本·福特提出的定律:在b 进制的大量随机数据中,以n 开头的数出现的概率为()1log b b n P n n+=.应用此定律可以检测某些经济数据、选举数据是否存在造假或错误.若()80*4102log 81()1log 5n k P n k ==∈+∑N ,则k 的值为()A .7B .8C .9D .107.已知函数2()2ln f x x x =+的图象在两个不同点()()11,Ax f x 与()()22,B x f x 处的切线相互平行,则12x x+的取值可以为()A .14B .1C .2D .1038.佩香囊是端午节传统习俗之一,香囊内通常填充一些中草药,有清香、驱虫、开窍的功效.因地方习俗的差异,香囊常用丝布做成各种不同的形状,形形色色,玲珑夺目.图1的ABC D Y 由六个正三角形构成,将它沿虚线折起来,可得图2所示的六面体形状的香囊,那么在图2这个六面体中,棱AB 与CD 所在直线的位置关系为()A .平行B .相交C .异面且垂直D .异面且不垂直9.甲、乙两艘轮船都要在某个泊位停靠6小时,假定它们在一昼夜的时间段中随机地到达,则这两艘船中至少有一艘在停靠泊位时必须等待的概率为()A .316B .1316C .716D .91610.在平面直角坐标系xOy 中,点()()1,0,2,3A B -,向量OC mOA nOB =+,且40m n --=.若点C 的轨迹与双曲线2212x y -=的渐近线相交于两点P 和Q (点P 在x 轴上方),双曲线右焦点为F ,则POF QOFS S ∆∆=()A .3+22B .322-C .196217+D .196217-11.如图,射线l 与圆()()22:111C x y -+-=,当射线l 从0l 开始在平面上按逆时针方向绕着原点O 匀速旋转(A 、B 分别为0l 和l 上的点,转动角度AOB α∠=不超过π4)时,它被圆C 截得的线段EF 长度为()L α,则其导函数()L α'的解析式为()A .()2sin2L αα='B .()2cos2L αα='C .()2cos2sin2L ααα='D .()cos2sin2L ααα='12.若存在(),x y 满足23100290360x y x y x y -+>⎧⎪+->⎨⎪--<⎩,且使得等式()()324e ln ln 0x a y x y x +--=成立,其中e 为自然对数的底数,则实数a 的取值范围是()A .()3,0,2e ⎡⎫-∞⋃+∞⎪⎢⎣⎭B .3,2e ⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭C .(),0∞-D .30,2e ⎛⎤ ⎥⎝⎦第Ⅱ卷(共90分)二、填空题(本题共4道小题,每小题5分,共20分)13.若复数13i 22z =+(i 为虚数单位),则2z z ⋅=.14.已知a 是1与2的等差中项,b 是1与16的等比中项,则ab 等于.15.已知函数()f x 的定义域为R ,对于任意实数x y 、均满足()()2233f x f y x y f ++⎛⎫=⎪⎝⎭,若()21f =,()510f =,则()724f =.16.成都石室中学校园文创产品圆台形纸杯如图所示,其内部上口直径、下口直径、母线的长度依次等于8cm 、6cm 、12cm ,将纸杯盛满水后再将水缓慢倒出,当水面恰好到达杯底(水面恰好同时到达上口圆“最低处”和下口圆“最高处”)的瞬间的水面边缘曲线的离心率等于.三、解答题(本题共6道小题,共70分)17.(本小题满分12分)如图,在平面四边形ABCD 中,已知点C 关于直线BD 的对称点'C 在直线AD 上,30CBD CDB ∠=∠=︒,75ACD ∠=︒.(Ⅰ)求sin sin BACABC∠∠的值;(Ⅱ)设AC =3,求2AB .18.(本小题满分12分)某植物园种植一种观赏花卉,这种观赏花卉的高度(单位:cm)介于[]15,25之间,现对植物园部分该种观赏花卉的高度进行测量,所得数据统计如下图所示.(Ⅰ)求a的值;(Ⅱ)若从高度在[)15,17和[)17,19中分层抽样抽取5株,在这5株中随机抽取3株,记高度在[)15,17内的株数为X ,求X 的分布列及数学期望()E X ;(Ⅲ)以频率估计概率,若在所有花卉中随机抽取3株,求至少有2株高度在[]21,25的条件下,至多1株高度低于23cm 的概率.19.(本小题满分12分)已知函数2()ln ,f x ax x a =-∈R .(Ⅰ)讨论函数()f x 的单调性;(Ⅱ)设0,()()a g x f x bx >=+,且1x =是()g x 的极值点,证明:2+ln 12ln 2b a ≤-.20.(本小题满分12分)已知平面α与平面β是空间中距离为1的两平行平面,AB α⊂,CD β⊂,且2AB CD ==,AB 和CD 的夹角为60︒.(Ⅰ)证明:四面体ABCD 的体积为定值;(Ⅱ)已知异于C 、D 两点的动点P β∈,且P 、A 、B 、C 、D的球面上.当PA ,PB 与平面α的夹角均为θ时,求cos θ.选考题:共10分。

高考数学一模试卷 理(含解析)-人教版高三全册数学试题

高考数学一模试卷 理(含解析)-人教版高三全册数学试题

2016年某某省某某实验中学高考数学一模试卷(理科)一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在题目给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求.1.设全集I=R,集合A={y|y=log3x,x>3},B={x|y=},则()A.A⊆BB.A∪B=AC.A∩B=∅D.A∩(∁I B)≠∅2.设i为虚数单位,则复数=()A.﹣4﹣3iB.﹣4+3iC.4+3iD.4﹣3i3.在△ABC中,角A,B,C所对边分别为a,b,c,且c=,B=45°则S=2,则b等于()A. B. C.25D.54.某学校安排甲、乙、丙、丁四位同学参加数学、物理、化学竞赛,要求每位同学仅报一科,每科至少有一位同学参加,且甲、乙不能参加同一学科,则不同的安排方法有()A.36种B.30种C.24种D.6种5.已知α、β、γ为互不重合的三个平面,命题p:若α⊥β,β⊥γ,则α∥γ;命题q:若α上不共线的三点到β的距离相等,则α∥β.对以上两个命题,下列结论中正确的是()A.命题“p且q”为真B.命题“p或¬q”为假C.命题“p或q”为假D.命题“¬p且¬q”为假6.如果实数x,y满足不等式组,目标函数z=kx﹣y的最大值为6,最小值为0,则实数k的值为()A.1B.2C.3D.47.体育课的排球发球项目考试的规则是:每位学生最多可发球3次,一旦发球成功,则停止发球,否则一直发到3次为止.设学生一次发球成功的概率为p (p≠0),发球次数为X,若X的数学期望EX>1.75,则p的取值X围是()A.(0,)B.(,1)C.(0,)D.(,1)8.把边长为1的正方形ABCD沿对角线BD折起,形成的三棱锥C﹣ABD的主视图与俯视图如图所示,则左视图的面积为()A. B. C. D.9.如图,在由x=0,y=0,x=及y=cosx围成区域内任取一点,则该点落在x=0,y=sinx及y=cosx围成的区域内(阴影部分)的概率为()A.1﹣B.﹣1C. D.3﹣210.若A,B,C是圆x2+y2=1上不同的三个点,O是圆心,且,存在实数λ,μ使得=,实数λ,μ的关系为()A.λ2+μ2=1B. C.λ•μ=1D.λ+μ=111.设数列{a n}的前n项和为S n,且a1=a2=1,{nS n+(n+2)a n}为等差数列,则a n=()A. B. C. D.12.定义区间[x1,x2]长度为x2﹣x1,(x2>x1),已知函数f(x)=(a∈R,a≠0)的定义域与值域都是[m,n],则区间[m,n]取最大长度时a的值为()A. B.a>1或a<﹣3C.a>1D.3二、填空题::本大题共4小题,每小题5分,共20分.13.如图是判断“实验数”的流程图,在[30,80]内的所有整数中,“实验数”的个数是.14.已知向量=(m,1),=(4﹣n,2),m>0,n>0,若∥,则+的最小值.15.双曲线C:的左右焦点分别为F1、F2,过F1的直线与双曲线左右两支分别交于A、B两点,若△ABF2是等边三角形,则双曲线C的离心率为.16.在正项等比数列{a n}中,,a6+a7=3,则满足a1+a2+…+a n>a1a2…a n的最大正整数n 的值为.三、解答题:本大题共5小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.17.在△ABC中,A,B,C所对的边分别为a,b,c,sin2+sinAsinB=.(1)求角C的大小;(2)若b=4,△ABC的面积为6,求边c的值.18.如图是某市2月1日至14日的空气质量指数趋势图,空气质量指数(AQI)小于100表示空气质量优良,空气质量指数大于200表示空气重度污染,某人随机选择2月1日至2月12日中的某一天到达该市,并停留3天.(1)求此人到达当日空气质量重度污染的概率;(2)设ξ是此人停留期间空气重度污染的天数,求ξ的分布列与数学期望.19.如图,四棱锥P﹣ABCD中,底面ABCD为平行四边形,∠DAB=60°,AB=2,AD=1,PD⊥底面ABCD.(1)证明:PA⊥BD;(2)若PD=AD,求二面角A﹣PB﹣C的余弦值.20.如图,在平面直角坐标系xOy中,已知圆O:x2+y2=4,椭圆C:,A为椭圆右顶点.过原点O且异于坐标轴的直线与椭圆C交于B,C两点,直线AB与圆O的另一交点为P,直线PD与圆O的另一交点为Q,其中.设直线AB,AC的斜率分别为k1,k2.(1)求k1k2的值;(2)记直线PQ,BC的斜率分别为k PQ,k BC,是否存在常数λ,使得k PQ=λk BC?若存在,求λ值;若不存在,说明理由;(3)求证:直线AC必过点Q.21.已知函数f(x)=alnx+1(a>0).(1)当a=1且x>1时,证明:f(x)>3﹣;(2)若对∀x∈(1,e),f(x)>x恒成立,某某数a的取值X围;(3)当a=时,证明: f(i)>2(n+1﹣).[选修4-1:几何证明选讲]22.如图,⊙O的半径OB垂直于直径AC,M为AO上一点,BM的延长线交⊙O于N,过N点的切线交CA的延长线于P.(Ⅰ)求证:PM2=PA•PC;(Ⅱ)若⊙O的半径为2,OA=OM,求MN的长.[选修4-4:坐标系与参数方程]23.在平面直角坐标系xOy中,直线l的参数方程为它与曲线C:(y ﹣2)2﹣x2=1交于A、B两点.(1)求|AB|的长;(2)在以O为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系,设点P的极坐标为,求点P到线段AB中点M的距离.[选修4-5:不等式选讲]24.设函数f(x)=|x﹣1|+|x﹣a|(a∈R)(1)当a=4时,求不等式f(x)≥5的解集;(2)若f(x)≥4对x∈R恒成立,求a的取值X围.2016年某某省某某实验中学高考数学一模试卷(理科)参考答案与试题解析一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在题目给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求.1.设全集I=R,集合A={y|y=log3x,x>3},B={x|y=},则()A.A⊆BB.A∪B=AC.A∩B=∅D.A∩(∁I B)≠∅【考点】集合的包含关系判断及应用.【分析】根据对数函数的单调性便可解出A={x|x>1},利用被开方数大于等于0,求出B,从而找出正确选项.【解答】解:A={y|y=log3x,x>3}={y|y>1},B={x|y=}={x|x≥1},∴A⊆B,故选:A.2.设i为虚数单位,则复数=()A.﹣4﹣3iB.﹣4+3iC.4+3iD.4﹣3i【考点】复数代数形式的乘除运算.【分析】利用复数的运算法则即可得出.【解答】解:原式==﹣4﹣3i,故选:A.3.在△ABC中,角A,B,C所对边分别为a,b,c,且c=,B=45°则S=2,则b等于()A. B. C.25D.5【考点】解三角形.【分析】由S==2,得a=1,再直接利用余弦定理求得b.【解答】解:由S===2,得a=1又由余弦定理得b2=a2+c2﹣2accosB=1+32﹣2×=25,所以b=5故选D4.某学校安排甲、乙、丙、丁四位同学参加数学、物理、化学竞赛,要求每位同学仅报一科,每科至少有一位同学参加,且甲、乙不能参加同一学科,则不同的安排方法有()A.36种B.30种C.24种D.6种【考点】计数原理的应用.【分析】先不考虑学生甲,乙不能同时参加同一学科竞赛,从4人中选出两个人作为一个元素,同其他两个元素在三个位置上排列,其中有不符合条件的,即甲乙两人在同一位置,去掉即可.【解答】解:从4人中选出两个人作为一个元素有C42种方法,同其他两个元素在三个位置上排列C42A33=36,其中有不符合条件的,即学生甲,乙同时参加同一学科竞赛有A33种结果,∴不同的参赛方案共有 36﹣6=30,故选:B5.已知α、β、γ为互不重合的三个平面,命题p:若α⊥β,β⊥γ,则α∥γ;命题q:若α上不共线的三点到β的距离相等,则α∥β.对以上两个命题,下列结论中正确的是()A.命题“p且q”为真B.命题“p或¬q”为假C.命题“p或q”为假D.命题“¬p且¬q”为假【考点】平面与平面之间的位置关系.【分析】根据平面平行的判断方法,我们对已知中的两个命题p,q进行判断,根据判断结合和复合命题真值表,我们对四个答案逐一进行判断,即可得到结论.【解答】解:∵当α⊥β,β⊥γ时,α与γ可能平行与可能垂直故命题p为假命题又∵若α上不共线的三点到β的距离相等时α与β可能平行也可能相交,故命题q也为假命题故命题“p且q”为假,命题“p或¬q”为真,命题“p或q”为假,命题“¬p且¬q”为真故选C6.如果实数x,y满足不等式组,目标函数z=kx﹣y的最大值为6,最小值为0,则实数k的值为()A.1B.2C.3D.4【考点】简单线性规划.【分析】首先作出其可行域,再由题意讨论目标函数在哪个点上取得最值,解出k.【解答】解:作出其平面区域如右图:A(1,2),B(1,﹣1),C(3,0),∵目标函数z=kx﹣y的最小值为0,∴目标函数z=kx﹣y的最小值可能在A或B时取得;∴①若在A上取得,则k﹣2=0,则k=2,此时,z=2x﹣y在C点有最大值,z=2×3﹣0=6,成立;②若在B上取得,则k+1=0,则k=﹣1,此时,z=﹣x﹣y,在B点取得的应是最大值,故不成立,故选B.7.体育课的排球发球项目考试的规则是:每位学生最多可发球3次,一旦发球成功,则停止发球,否则一直发到3次为止.设学生一次发球成功的概率为p (p≠0),发球次数为X,若X的数学期望EX>1.75,则p的取值X围是()A.(0,)B.(,1)C.(0,)D.(,1)【考点】相互独立事件的概率乘法公式;离散型随机变量的期望与方差.【分析】根据题意,首先求出X=1、2、3时的概率,进而可得EX的表达式,由题意EX>1.75,可得p2﹣3p+3>1.75,解可得p的X围,结合p的实际意义,对求得的X围可得答案.【解答】解:根据题意,学生发球次数为1即一次发球成功的概率为p,即P(X=1)=p,发球次数为2即二次发球成功的概率P(X=2)=p(1﹣p),发球次数为3的概率P(X=3)=(1﹣p)2,则Ex=p+2p(1﹣p)+3(1﹣p)2=p2﹣3p+3,依题意有EX>1.75,则p2﹣3p+3>1.75,解可得,p>或p<,结合p的实际意义,可得0<p<,即p∈(0,)故选C.8.把边长为1的正方形ABCD沿对角线BD折起,形成的三棱锥C﹣ABD的主视图与俯视图如图所示,则左视图的面积为()A. B. C. D.【考点】简单空间图形的三视图.【分析】画出几何体的图形,根据三视图的特征,推出左视图的形状,然后求解即可.【解答】解:在三棱锥C﹣ABD中,C在平面ABD上的射影为BD的中点,左视图的面积等于,故选:D.9.如图,在由x=0,y=0,x=及y=cosx围成区域内任取一点,则该点落在x=0,y=sinx及y=cosx围成的区域内(阴影部分)的概率为()A.1﹣B.﹣1C. D.3﹣2【考点】定积分在求面积中的应用;几何概型.【分析】根据积分的几何意义求出阴影部分的面积,利用几何概型的概率公式即可得到结论.【解答】解:由x=0,y=0,x=及y=cosx围成区域内围成的区域面积S==sinx|,由x=0,y=sinx及y=cosx围成的区域面积S==(sinx+cosx)|=,∴根据根据几何概型的概率公式可得所求的概率P=,故选:B.10.若A,B,C是圆x2+y2=1上不同的三个点,O是圆心,且,存在实数λ,μ使得=,实数λ,μ的关系为()A.λ2+μ2=1B. C.λ•μ=1D.λ+μ=1【考点】直线和圆的方程的应用;向量的共线定理;数量积判断两个平面向量的垂直关系.【分析】由A,B,C是圆x2+y2=1上不同的三个点,可得,又,所以对两边平方即可得到结论.【解答】解:∵,两边平方得:∵∴λ2+μ2=1故选A11.设数列{a n}的前n项和为S n,且a1=a2=1,{nS n+(n+2)a n}为等差数列,则a n=()A. B. C. D.【考点】数列递推式.【分析】设b n=nS n+(n+2)a n,由已知得b1=4,b2=8,从而b n=nS n+(n+2)a n=4n,进而得到是以为公比,1为首项的等比数列,由此能求出.【解答】解:设b n=nS n+(n+2)a n,∵数列{a n}的前n项和为S n,且a1=a2=1,∴b1=4,b2=8,∴b n=b1+(n﹣1)×(8﹣4)=4n,即b n=nS n+(n+2)a n=4n当n≥2时,∴,即,∴是以为公比,1为首项的等比数列,∴,∴.故选:A.12.定义区间[x1,x2]长度为x2﹣x1,(x2>x1),已知函数f(x)=(a∈R,a≠0)的定义域与值域都是[m,n],则区间[m,n]取最大长度时a的值为()A. B.a>1或a<﹣3C.a>1D.3【考点】函数的值域;函数的定义域及其求法.【分析】得出,故m,n是方程)=﹣=x的同号的相异实数根,即a2x2﹣(a2+a)x+1=0的同号的相异实数根得出mn=,只需△=a2(a+3)(a﹣1)>0,a>1或a<﹣3,利用函数求解n﹣m==,n﹣m取最大值为.此时a=3,【解答】解:设[m,n]是已知函数定义域的子集.x≠0,[m,n]⊆(﹣∞,0)或[m,n]⊆(0,+∞),故函数f(x)=﹣在[m,n]上单调递增,则,故m,n是方程)=﹣=x的同号的相异实数根,即a2x2﹣(a2+a)x+1=0的同号的相异实数根∵mn=∴m,n同号,只需△=a2(a+3)(a﹣1)>0,∴a>1或a<﹣3,n﹣m==,n﹣m取最大值为.此时a=3,故选:D二、填空题::本大题共4小题,每小题5分,共20分.13.如图是判断“实验数”的流程图,在[30,80]内的所有整数中,“实验数”的个数是12 .【考点】程序框图.【分析】从程序框图中得到实验数的定义,找出区间中被3整除的数;找出被12整除的数;找出不能被6整除的数得到答案.【解答】解:由程序框图知实验数是满足:能被3整除不能被6整除或能被12整除的数,在[30,80]内的所有整数中,所有的能被3整除数有:30,33,36,39,42,45,48,51,54,57,60,63,66,69,72,75,78共有17个数,在这17个数中能被12 整除的有36,48,60,72,共4个数,在这17个数中不能被6 整除的有33,39,45,51,57,63,69,75,共计8个数,所以在[30,80]内的所有整数中“试验数”的个数是12个.故答案为:12.14.已知向量=(m,1),=(4﹣n,2),m>0,n>0,若∥,则+的最小值\frac{9}{2} .【考点】基本不等式;平面向量共线(平行)的坐标表示.【分析】由∥,可得:n+2m=4.再利用“乘1法”与基本不等式的性质即可得出.【解答】解:∵∥,∴4﹣n﹣2m=0,即n+2m=4.∵m>0,n>0,∴+=(n+2m)=≥=,当且仅当n=4m=时取等号.∴+的最小值是.故答案为:.15.双曲线C:的左右焦点分别为F1、F2,过F1的直线与双曲线左右两支分别交于A、B两点,若△ABF2是等边三角形,则双曲线C的离心率为\sqrt{7} .【考点】双曲线的简单性质.【分析】根据双曲线的定义算出△AF1F2中,|AF1|=2a,|AF2|=4a,由△ABF2是等边三角形得∠F1AF2=120°,利用余弦定理算出c=a,结合双曲线离心率公式即可算出双曲线C的离心率.【解答】解:根据双曲线的定义,可得|BF1|﹣|BF2|=2a,∵△ABF2是等边三角形,即|BF2|=|AB|∴|BF1|﹣|BF2|=2a,即|BF1|﹣|AB|=|AF1|=2a又∵|AF2|﹣|AF1|=2a,∴|AF2|=|AF1|+2a=4a,∵△AF1F2中,|AF1|=2a,|AF2|=4a,∠F1AF2=120°∴|F1F2|2=|AF1|2+|AF2|2﹣2|AF1|•|AF2|cos120°即4c2=4a2+16a2﹣2×2a×4a×(﹣)=28a2,解之得c=a,由此可得双曲线C的离心率e==故答案为:16.在正项等比数列{a n}中,,a6+a7=3,则满足a1+a2+…+a n>a1a2…a n的最大正整数n 的值为12 .【考点】等比数列的前n项和;一元二次不等式的解法;数列的函数特性;等差数列的前n 项和.【分析】设正项等比数列{a n}首项为a1,公比为q,由题意可得关于这两个量的方程组,解之可得数列的通项公式和a1+a2+…+a n及a1a2…a n的表达式,化简可得关于n的不等式,解之可得n的X围,取上限的整数部分即可得答案.【解答】解:设正项等比数列{a n}首项为a1,公比为q,由题意可得,解之可得:a1=,q=2,故其通项公式为a n==2n﹣6.记T n=a1+a2+…+a n==,S n=a1a2…a n=2﹣5×2﹣4…×2n﹣6=2﹣5﹣4+…+n﹣6=.由题意可得T n>S n,即>,化简得:2n﹣1>,即2n﹣>1,因此只须n>,即n2﹣13n+10<0解得<n<,由于n为正整数,因此n最大为的整数部分,也就是12.故答案为:12三、解答题:本大题共5小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.17.在△ABC中,A,B,C所对的边分别为a,b,c,sin2+sinAsinB=.(1)求角C的大小;(2)若b=4,△A BC的面积为6,求边c的值.【考点】正弦定理;三角函数中的恒等变换应用.【分析】(1)利用降幂公式,两角和与差的余弦函数公式,三角形内角和定理,诱导公式化简已知等式,可求cosC的值,结合C的X围可求C的值.(2)利用三角形面积公式可求a的值,结合余弦定理即可求得c的值.【解答】解:(1)sin2+sinAsinB=.⇒,⇒,⇒,⇒,⇒,⇒,⇒,(2)∵,,∴,∵c2=a2+b2﹣2abcosC=10,∴.18.如图是某市2月1日至14日的空气质量指数趋势图,空气质量指数(AQI)小于100表示空气质量优良,空气质量指数大于200表示空气重度污染,某人随机选择2月1日至2月12日中的某一天到达该市,并停留3天.(1)求此人到达当日空气质量重度污染的概率;(2)设ξ是此人停留期间空气重度污染的天数,求ξ的分布列与数学期望.【考点】离散型随机变量的期望与方差;等可能事件的概率.【分析】(1)设A i表示事件“此人于2月i日到达该市”依题意知p(A i)=,设B为事件“此人到达当日空气质量重度污染”,则B=A1∪A2∪A3∪A7∪A12,由此能求出此人到达当日空气质量重度污染的概率.(2)由题意可知,ξ的所有可能取值为0,1,2,3,分别求出P(ξ=0),P(ξ=1),P(ξ=2),P(ξ=3),由此能求出ξ的分布列和ξ的期望.【解答】解:(1)设A i表示事件“此人于2月i日到达该市”(i=1,2,…,12).依题意知,p(A i)=,且A i∩A j=Φ(i≠j).设B为事件“此人到达当日空气质量重度污染”,则B=A1∪A2∪A3∪A7∪A12,所以P(B)=(A1∪A2∪A3∪A7∪A12)=P(A1)+P(A2)+P(A3)+P(A7)+P(A12)=.即此人到达当日空气质量重度污染的概率为.(2)由题意可知,ξ的所有可能取值为0,1,2,3,P(ξ=0)=P(A4∪A8∪A9)=P(A4)+P(A8)+P(A9)=,P(ξ=2)=P(A2∪A11)=P(A2)+P(A11)=,P(ξ=3)=P(A1∪A12)=P(A1)+P(A12)=,P(ξ=1)=1﹣P(ξ=0)﹣P(ξ=2)﹣P(ξ=3)=1﹣=,∴ξ的分布列为:ξ0 1 2 3P故ξ的期望Eξ=.19.如图,四棱锥P﹣ABCD中,底面ABCD为平行四边形,∠DAB=60°,AB=2,AD=1,PD⊥底面ABCD.(1)证明:PA⊥BD;(2)若PD=AD,求二面角A﹣PB﹣C的余弦值.【考点】用空间向量求平面间的夹角;直线与平面垂直的性质;二面角的平面角及求法.【分析】(1)由余弦定理得BD=,由勾股定理,得BD⊥AD,由线线面垂直得BD⊥PD,从而BD⊥平面PAD,由此能证明PA⊥BD.(2)以D为原点,DA为x轴,DB为y轴,DP为z轴,建立空间直角坐标系,分别求出平面APB的法向量和平面PBC的法向量,由此能求出二面角A﹣PB﹣C的余弦值.【解答】(1)证明:因为∠DAB=60°,AB=2,AD=1,由余弦定理得BD==,∴BD2+AD2=AB2,故BD⊥AD,∵PD⊥底面ABCD,BD⊂平面ABCD,∴BD⊥PD,又AD∩PD=D,∴BD⊥平面PAD,又PA⊂平面PAD,∴PA⊥BD.(2)解:以D为原点,DA为x轴,DB为y轴,DP为z轴,建立空间直角坐标系,由已知得A(1,0,0),P(0,0,1),B(0,,0),C(﹣1,,0),=(1,0,﹣1),=(0,,﹣1),=(﹣1,,﹣1),设平面APB的法向量=(x,y,z),则,取y=,得=(3,,3),设平面PBC的法向量=(a,b,c),则,取b=,得=(0,,3),设二面角A﹣PB﹣C的平面角为θ,由图象知θ为钝角,∴cosθ=﹣|cos<>|=﹣||=﹣||=﹣.∴二面角A﹣PB﹣C的余弦值为﹣.20.如图,在平面直角坐标系xOy中,已知圆O:x2+y2=4,椭圆C:,A为椭圆右顶点.过原点O且异于坐标轴的直线与椭圆C交于B,C两点,直线AB与圆O的另一交点为P,直线PD与圆O的另一交点为Q,其中.设直线AB,AC的斜率分别为k1,k2.(1)求k1k2的值;(2)记直线PQ,BC的斜率分别为k PQ,k BC,是否存在常数λ,使得k PQ=λk BC?若存在,求λ值;若不存在,说明理由;(3)求证:直线AC必过点Q.【考点】椭圆的简单性质.【分析】(1)设B(x0,y0),则C(﹣x0,﹣y0),代入椭圆方程,运用直线的斜率公式,化简即可得到所求值;(2)联立直线AB的方程和圆方程,求得P的坐标;联立直线AB的方程和椭圆方程,求得B 的坐标,再求直线PQ,和直线BC的斜率,即可得到结论;(3)讨论直线PQ的斜率不存在和存在,联立直线PQ的方程和椭圆方程,求得Q的坐标,可得AQ的斜率,即可得证.【解答】解:(1)设B(x0,y0),则C(﹣x0,﹣y0),,所以;(2)联立得,解得,联立得,解得,所以,,所以,故存在常数,使得.(3)证明:当直线PQ与x轴垂直时,,则,所以直线AC必过点Q.当直线PQ与x轴不垂直时,直线PQ方程为:,联立,解得,所以,故直线AC必过点Q.21.已知函数f(x)=alnx+1(a>0).(1)当a=1且x>1时,证明:f(x)>3﹣;(2)若对∀x∈(1,e),f(x)>x恒成立,某某数a的取值X围;(3)当a=时,证明: f(i)>2(n+1﹣).【考点】导数在最大值、最小值问题中的应用.【分析】(1)当a=1且x>1时,构造函数m(x)=lnx+﹣2,利用函数单调性和导数之间的关系即可证明:f(x)>3﹣;(2)根据函数最值和函数导数之间的关系将不等式恒成立问题进行转化,某某数a的取值X 围;(3)根据函数的单调性的性质,利用放缩法即可证明不等式.【解答】(1)证明:要证f(x)>3﹣,即证lnx+﹣2>0,令m(x)=lnx+﹣2,则m'(x)=,∴m(x)在(1,+∞)单调递增,m(x)>m(1)=0,∴lnx+﹣2>0,即f(x)>3﹣成立.(2)解法一:由f(x)>x且x∈(1,e),可得a,令h(x)=,则h'(x)=,由(1)知lnx﹣1+>1+=,∴h'(x)>0函数,h(x)在(1,e)单调递增,当x∈(1,e)时,h(x)<h(e)=e﹣1,即a≥e﹣1.解法二:令h(x)=alnx+1﹣x,则h'(x)=,当a>e时,h'(x)>0,函数h(x)在(1,e)上是增函数,有h(x)>h(1)=0,当1<a≤e时,∵函数h(x)在(1,a)上递增,在(a,e)上递减,对∀x∈(1,e),f(x)>x恒成立,只需h(e)≥0,即a≥e﹣1.﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣当a≤1时,函数h(x)在(1,e)上递减,对∀x∈(1,e),f(x)>x恒成立,只需h(e)≥0,而h(e)=a+1﹣e<0,不合题意,﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣综上得对∀x∈(1,e),f(x)>x恒成立,a≥e﹣1.﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣】【解法三:由f(x)>x且x∈(1,e)可得由于表示两点A(x,lnx),B(1,0)的连线斜率,由图象可知y=在(1,e)单调递减,故当x∈(1,e)时,,∴0,即a≥e﹣1.(3)当a=时,f(x)=,则f(i)=ln(n+1)!+n,要证f(i)>2(n+1﹣),即证lni>2n+4﹣4,由(1)可知ln(n+1)>2﹣,又n+2=(n+1)+1>2>,∴,∴ln(n+1)>2﹣,∴ln2+ln3+…+ln(n+1)=2n+4﹣4,故f(i)>2(n+1﹣).得证.[选修4-1:几何证明选讲]22.如图,⊙O的半径OB垂直于直径AC,M为AO上一点,BM的延长线交⊙O于N,过N点的切线交CA的延长线于P.(Ⅰ)求证:PM2=PA•PC;(Ⅱ)若⊙O的半径为2,OA=OM,求MN的长.【考点】与圆有关的比例线段.【分析】(Ⅰ)做出辅助线连接ON,根据切线得到直角,根据垂直得到直角,即∠ONB+∠BNP=90°且∠OBN+∠BMO=90°,根据同角的余角相等,得到角的相等关系,得到结论.(Ⅱ)本题是一个求线段长度的问题,在解题时,应用相交弦定理,即BM•MN=CM•MA,代入所给的条件,得到要求线段的长.【解答】(Ⅰ)证明:连接ON,因为PN切⊙O于N,∴∠ONP=90°,∴∠ONB+∠BNP=90°∵OB=ON,∴∠OBN=∠ONB因为OB⊥AC于O,∴∠OBN+∠BMO=90°,故∠BNP=∠BMO=∠PMN,PM=PN∴PM2=PN2=PA•PC(Ⅱ)∵OM=2,BO=2,BM=4∵BM•MN=CM•MA=(2+2)(2﹣2)(2﹣2)=8,∴MN=2[选修4-4:坐标系与参数方程]23.在平面直角坐标系xOy中,直线l的参数方程为它与曲线C:(y ﹣2)2﹣x2=1交于A、B两点.(1)求|AB|的长;(2)在以O为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系,设点P的极坐标为,求点P到线段AB中点M的距离.【考点】直线的参数方程;点到直线的距离公式;柱坐标刻画点的位置.【分析】(Ⅰ)把直线的参数方程对应的坐标代入曲线方程并化简得 7t2﹣12t﹣5=0,求出t1+t2和t1•t2,根据|AB|=•|t1﹣t2|=5,运算求得结果.(Ⅱ)根据中点坐标的性质可得AB中点M对应的参数为=.由t的几何意义可得点P到M的距离为|PM|=•||,运算求得结果.【解答】解:(Ⅰ)把直线的参数方程对应的坐标代入曲线方程并化简得 7t2﹣12t﹣5=0,设A,B对应的参数分别为 t1和t2,则 t1+t2=,t1•t2 =﹣.所以|AB|=•|t1﹣t2|=5 =.(Ⅱ)易得点P在平面直角坐标系下的坐标为(﹣2,2),根据中点坐标的性质可得AB中点M对应的参数为=.所以由t的几何意义可得点P到M的距离为|PM|=•||=.[选修4-5:不等式选讲]24.设函数f(x)=|x﹣1|+|x﹣a|(a∈R)(1)当a=4时,求不等式f(x)≥5的解集;(2)若f(x)≥4对x∈R恒成立,求a的取值X围.【考点】带绝对值的函数;绝对值不等式.【分析】(Ⅰ)不等式即|x﹣1|+|x﹣4|≥5,等价于,或,或,分别求出每个不等式组的解集,再取并集即得所求.(Ⅱ)因为f(x)=|x﹣1|+|x﹣a|≥|a﹣1|,由题意可得|a﹣1|≥4,与偶此解得 a的值.【解答】解:(Ⅰ)当a=4时,不等式f(x)≥5,即|x﹣1|+|x﹣4|≥5,等价于,,或,或.解得:x≤0或x≥5.故不等式f(x)≥5的解集为{x|x≤0,或x≥5 }.…(Ⅱ)因为f(x)=|x﹣1|+|x﹣a|≥|(x﹣1)﹣(x﹣a)|=|a﹣1|.(当x=1时等号成立)所以:f(x)min=|a﹣1|.…由题意得:|a﹣1|≥4,解得a≤﹣3,或a≥5.…。

三年高考两年模拟高考数学专题汇编 第三章 导数及其应用2 文-人教版高三全册数学试题

三年高考两年模拟高考数学专题汇编 第三章 导数及其应用2 文-人教版高三全册数学试题

第二节导数的应用A组三年高考真题(2016~2014年)1.(2016·某某,6)已知a是函数f(x)=x3-12x的极小值点,则a=( )A.-4B.-2C.4D.22.(2015·某某,9)设f(x)=x-sin x,则f(x)( )A.既是奇函数又是减函数B.既是奇函数又是增函数C.是有零点的减函数D.是没有零点的奇函数3.(2015·某某,10)函数f(x)=ax3+bx2+cx+d的图象如图所示,则下列结论成立的是( )A.a>0,b<0,c>0,d>0B.a>0,b<0,c<0,d>0C.a<0,b<0,c>0,d>0D.a>0,b>0,c>0,d<04.(2014·新课标全国Ⅱ,11)若函数f(x)=kx-ln x在区间(1,+∞)单调递增,则k的取值X围是( )A.(-∞,-2] B.(-∞,-1]C.[2,+∞) D.[1,+∞)5.(2014·某某,9)若0<x1<x2<1,则( )A.e2x-e1x>ln x2-ln x1B.e2x-e1x<ln x2-ln x1C.x2e1x>x1e2x D.x2e1x<x1e2x6.(2014·新课标全国Ⅰ,12)已知函数f(x)=ax3-3x2+1,若f(x)存在唯一的零点x0,且x0>0,则a的取值X围是( )A.(2,+∞) B.(1,+∞)C.(-∞,-2) D.(-∞,-1)7.(2016·新课标全国卷Ⅱ,20)已知函数f(x)=(x+1)ln x-a(x-1).(1)当a=4时,求曲线y=f(x)在(1,f(1))处的切线方程;(2)若当x∈(1,+∞)时,f(x)>0,求a的取值X围.8.(2016·新课标全国Ⅲ,21)设函数f(x)=ln x-x+1.(1)讨论f (x )的单调性;(2)证明:当x ∈(1,+∞)时,1<x -1ln x<x ;(3)设c >1,证明:当x ∈(0,1)时,1+(c -1)x >c x. 9.(2016·某某,20)设f (x )=x ln x -ax 2+(2a -1)x ,a ∈R . (1)令g (x )=f ′(x ),求g (x )的单调区间;(2)已知f (x )在x =1处取得极大值.某某数a 的取值X 围.10.(2016·某某,21)设函数f (x )=ax 2-a -ln x ,g (x )=1x -e e x ,其中a ∈R ,e =2.718…为自然对数的底数. (1)讨论f (x )的单调性; (2)证明:当x >1时,g (x )>0;(3)确定a 的所有可能取值,使得f (x )>g (x )在区间(1,+∞)内恒成立. 11.(2016·,20)设函数f (x )=x 3+ax 2+bx +c . (1)求曲线y =f (x )在点(0,f (0))处的切线方程;(2)设a =b =4,若函数f (x )有三个不同零点,求c 的取值X 围; (3)求证:a 2-3b >0是f (x )有三个不同零点的必要而不充分条件. 12.(2015·新课标全国Ⅱ,21)已知f (x )=ln x +a (1-x ). (1)讨论f (x )的单调性;(2)当f (x )有最大值,且最大值大于2a -2时,求a 的取值X 围. 13.(2015·新课标全国Ⅰ,21)设函数f (x )=e 2x-a ln x . (1)讨论f (x )的导函数f ′(x )零点的个数; (2)证明:当a >0时,f (x )≥2a +a ln 2a.14.(2015·某某,22)已知函数f (x )=ln x -(x -1)22.(1)求函数f (x )的单调递增区间; (2)证明:当x >1时,f (x )<x -1;(3)确定实数k 的所有可能取值,使得存在x 0>1,当x ∈(1,x 0)时,恒有f (x )>k (x -1). 15.(2015·某某,17)某山区外围有两条相互垂直的直线型公路,为进一步改善山区的交通现状,计划修建一条连接两条公路和山区边界的直线型公路,记两条相互垂直的公路为l 1,l 2,山区边界曲线为C ,计划修建的公路为l ,如图所示,M ,N 为C 的两个端点,测得点M 到l 1,l 2的距离分别为5千米和40千米,点N 到l 1,l 2的距离分别为20千米和2.5千米,以l 2,l 1所在的直线分别为x ,y 轴,建立平面直角坐标系xOy ,假设曲线C 符合函数y =ax 2+b(其中a ,b 为常数)模型. (1)求a ,b 的值;(2)设公路l 与曲线C 相切于P 点,P 的横坐标为t . ①请写出公路l 长度的函数解析式f (t ),并写出其定义域; ②当t 为何值时,公路l 的长度最短?求出最短长度.16.(2015·某某,21)已知a >0,函数f (x )=a e xcos x (x ∈[0,+∞)).记x n 为f (x )的从小到大的第n (n ∈N *)个极值点. (1)证明:数列{f (x n )}是等比数列;(2)若对一切n ∈N *,x n ≤|f (x n )|恒成立,求a 的取值X 围.17.(2015·某某,20)设函数f (x )=(x +a )ln x ,g (x )=x 2e x . 已知曲线y =f (x ) 在点(1,f (1))处的切线与直线2x -y =0平行. (1)求a 的值;(2)是否存在自然数k ,使得方程f (x )=g (x )在(k ,k +1)内存在唯一的根?如果存在,求出k ;如果不存在,请说明理由;(3)设函数m (x )=min{f (x ),g (x )}(min{p ,q }表示p ,q 中的较小值),求m (x )的最大值. 18.(2015·某某,20)设函数f (x )=x 2+ax +b (a ,b ∈R ).(1)当b =a 24+1时,求函数f (x )在[-1,1]上的最小值g (a )的表达式;(2)已知函数f (x )在[-1,1]上存在零点,0≤b -2a ≤1,求b 的取值X 围. 19.(2015·某某,20)已知函数f (x )=4x -x 4,x ∈R . (1)求f (x )的单调区间;(2)设曲线y =f (x )与x 轴正半轴的交点为P ,曲线在点P 处的切线方程为y =g (x ), 求证:对于任意的实数x ,都有f (x )≤g (x );(3)若方程f (x )=a (a 为实数)有两个实数根x 1,x 2,且x 1<x 2,求证:x 2-x 1≤-a3+134.20.(2015·某某,21)设a 为实数,函数f (x )=(x -a )2+|x -a |-a (a -1). (1)若f (0)≤1,求a 的取值X 围; (2)讨论f (x )的单调性;(3)当a ≥2时,讨论f (x )+4x在区间(0,+∞)内的零点个数.21.(2014·某某,20)设函数f (x )=1+(1+a )x -x 2-x 3,其中a >0. (1)讨论f (x )在其定义域上的单调性;(2)当x ∈[0,1]时,求f (x )取得最大值和最小值时的x 的值. 22.(2014·某某,21)已知函数f (x )=13x 3+x 2+ax +1(a ∈R ).(1)求函数f (x )的单调区间;(2)当a <0时,试讨论是否存在x 0∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,12∪⎝ ⎛⎭⎪⎫12,1,使得f (x 0)=f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12. 23.(2014·某某,19)已知函数f (x )=x 2-23ax 3(a >0),x ∈R .(1)求f (x )的单调区间和极值;(2)若对于任意的x 1∈(2,+∞),都存在x 2∈(1,+∞),使得f (x 1)·f (x 2)=1.求a 的取值X 围.24.(2014·某某,21)设函数f (x )=ln x +m x,m ∈R . (1)当m =e(e 为自然对数的底数)时,求f (x )的极小值; (2)讨论函数g (x )=f ′(x )-x3零点的个数;(3)若对任意b >a >0,f (b)-f (a )b -a<1恒成立,求m 的取值X 围.25.(2014·新课标全国Ⅰ,21)设函数f (x )=a ln x +1-a 2x 2-bx (a ≠1),曲线y =f (x )在点(1, f (1))处的切线斜率为0. (1) 求b ;(2)若存在x 0≥1,使得f (x 0)<aa -1,求a 的取值X 围.B 组 两年模拟精选(2016~2015年)1.(2016·某某某某第二次模拟)已知函数f (x )=x 2-2cos x ,则f (0),f ⎝ ⎛⎭⎪⎫-13,f ⎝ ⎛⎭⎪⎫25的大小关系是( )A.f (0)<f ⎝ ⎛⎭⎪⎫-13<f ⎝ ⎛⎭⎪⎫25B.f ⎝ ⎛⎭⎪⎫-13<f (0)<f ⎝ ⎛⎭⎪⎫25C.f ⎝ ⎛⎭⎪⎫25<f ⎝ ⎛⎭⎪⎫-13<f (0) D.f (0)<f ⎝ ⎛⎭⎪⎫25<f ⎝ ⎛⎭⎪⎫-13 2.(2016·某某师大附中检测)若函数f (x )=x 3-tx 2+3x 在区间[1,4]上单调递减,则实数t 的取值X 围是( )A.⎝ ⎛⎦⎥⎤-∞,518B.(-∞,3]C.⎣⎢⎡⎭⎪⎫518,+∞ D.[3,+∞)3.(2016·某某某某第三次诊断模拟)设函数f (x )的导函数为f ′(x ),对任意x ∈R ,都有xf ′(x )<f (x )成立,则( )A.3f (2)>2f (3)B.3f (2)=2f (3)C.3f (2)<2f (3)D.3f (2)与2f (3)大小不确定4.(2016·某某某某诊断)若函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧2x 3+3x 2+1 (x ≤0),e ax (x >0)在[-2,2]上的最大值为2,则a 的取值X 围是( )A.⎣⎢⎡⎭⎪⎫12ln 2,+∞B.⎣⎢⎡⎦⎥⎤0,12ln 2C.(-∞,0]D.⎝ ⎛⎦⎥⎤-∞,12ln 25.(2015·某某省实验中学二诊)已知函数f (x )(x ∈R )满足f (1)=1,且f (x )的导函数f ′(x )<13,则f (x )<x 3+23的解集是( )A.{x |-1<x <1}B.{x |x <-1}C.{x |x <-1或x >1}D.{x |x >1}6.(2015·某某某某调研)若函数f (x )=x 3-3x 在(a ,6-a 2]上有极小值,则实数a 的取值X 围是( ) A.(-5,1)B.[-5,1)C.[-2,1)D.(-2,1)7.(2015·某某市十二县联考)若函数f (x )=13x 3-a 2x 2+(3-a )x +b 有三个不同的单调区间,则实数a 的取值X 围是________.8.(2015·某某某某三模)已知函数f (x )=x 3+x ,对任意的m ∈[-2,2],f (mx -2)+f (x )<0恒成立,则x 的取值X 围为________.9.(2015·某某某某中学模拟)已知函数f (x )=x ln x ,g (x )=-x 2+ax -3,其中 a 为实数. (1)求函数f (x )在[t ,t +2]上的最小值;(2)对一切x ∈(0,+∞),2f (x )≥g (x )恒成立,某某数a 的取值X 围.答案精析A 组 三年高考真题(2016~2014年)1.解析 ∵f (x )=x 3-12x ,∴f ′(x )=3x 2-12, 令f ′(x )=0,则x 1=-2,x 2=2.当x ∈(-∞,-2),(2,+∞)时,f ′(x )>0,则f (x )单调递增; 当x ∈(-2,2)时,f ′(x )<0,则f (x )单调递减, ∴f (x )的极小值点为a =2. 答案 D2.解析 f (x )=x -sin x 的定义域为R ,关于原点对称, 且f (-x )=-x -sin(-x )=-x +sin x =-f (x ), 故f (x )为奇函数.又f ′(x )=1-sin x ≥0恒成立,所以f (x )在其定义域内为增函数,故选B. 答案 B3.解析 由已知f (0)=d >0,可排除D ;其导函数f ′(x )=3ax 2+2bx +c 且f ′(0)=c >0,可排除B ;又f ′(x )=0有两不等实根,且x 1x 2=c a>0,所以a >0.故选A. 答案 A4.解析 因为f (x )=kx -ln x ,所以f ′(x )=k -1x.因为f (x )在区间(1,+∞)上单调递增, 所以当x >1时,f ′(x )=k -1x≥0恒成立,即k ≥1x在区间(1,+∞)上恒成立.因为x >1,所以0<1x<1,所以k ≥1.故选D.答案 D5.解析 构造函数f (x )=e x -ln x ,则f ′(x )=e x -1x,故f (x )=e x-ln x 在(0,1)上有一个极值点,即f (x )=e x-ln x 在(0,1)上不是单调函数,无法判断f (x 1)与f (x 2)的大小,故A 、B 错;构造函数g (x )=e xx ,则g ′(x )=x e x-e xx 2=e x(x -1)x 2,故函数g (x )=exx在(0,1)上单调递减,故g (x 1)>g (x 2),x 2e x 1>x 1e x 2,故选C. 答案 C6. 解析 由题意知f ′(x )=3ax 2-6x =3x (ax -2),当a =0时,不满足题意. 当a ≠0时,令f ′(x )=0,解得x =0或x =2a,当a >0时,f (x )在(-∞,0),⎝ ⎛⎭⎪⎫2a,+∞上单调递增,在 ⎝⎛⎭⎪⎫0,2a 上单调递减.又f (0)=1,此时f (x )在(-∞,0)上存在零点,不满足题意;当a <0时,f (x )在⎝ ⎛⎭⎪⎫-∞,2a ,(0,+∞)上单调递减,在⎝ ⎛⎭⎪⎫2a ,0上单调递增,要使f (x )存在唯一的零点x 0,且x 0>0,则需f ⎝ ⎛⎭⎪⎫2a>0,即a ×⎝ ⎛⎭⎪⎫2a 3-3×⎝ ⎛⎭⎪⎫2a 2+1>0,解得a <-2,故选C. 答案 C7.解 (1)f (x )的定义域为(0,+∞),当a =4时,f (x )=(x +1)ln x -4(x -1),f ′(x )=ln x +1x-3,f ′(1)=-2,f (1)=0,曲线y =f (x )在(1,f (1))处的切线方程为2x +y-2=0.(2)当x ∈(1,+∞)时,f (x )>0等价于ln x -a (x -1)x +1>0,设g (x )=ln x -a (x -1)x +1,则g ′(x )=1x -2a (x +1)2=x 2+2(1-a )x +1x (x +1)2,g (1)=0.(ⅰ)当a ≤2,x ∈(1,+∞)时,x 2+2(1-a )x +1≥x 2-2x +1>0,故g ′(x )>0,g (x )在(1,+∞)单调递增,因此g (x )>0;(ⅱ)当a >2时,令g ′(x )=0得,x 1=a -1-(a -1)2-1,x 2=a -1+(a -1)2-1. 由x 2>1和x 1x 2=1得x 1<1,故当x ∈(1,x 2)时,g ′(x )<0,g (x )在(1,x 2)单调递减,因此g (x )<0, 综上,a 的取值X 围是(-∞,2].8.(1)解 由题设,f (x )的定义域为(0,+∞),f ′(x )=1x-1,令f ′(x )=0解得x =1.当0<x <1时,f ′(x )>0,f (x )单调递增;当x >1时,f ′(x )<0,f (x )单调递减. (2)证明 由(1)知f (x )在x =1处取得最大值,最大值为f (1)=0. 所以当x ≠1时,ln x <x -1.故当x ∈(1,+∞)时,ln x <x -1,ln 1x <1x -1,即1<x -1ln x <x .(3)证明 由题设c >1,设g (x )=1+(c -1)x -c x,则g ′(x )=c -1-c xln c ,令g ′(x )=0,解得x 0=lnc -1ln cln c.当x <x 0时,g ′(x )>0,g (x )单调递增;当x >x 0时,g ′(x )<0,g (x )单调递减.由(2)知1<c -1ln c<c ,故0<x 0<1.又g (0)=g (1)=0,故当0<x <1时,g (x )>0. 所以当x ∈(0,1)时,1+(c -1)x >c x. 9.解 (1)由f ′(x )=ln x -2ax +2a .可得g (x )=ln x -2ax +2a ,x ∈(0,+∞), 则g ′(x )=1x -2a =1-2axx.当a ≤0时,x ∈(0,+∞)时,g ′(x )>0,函数g (x )单调递增; 当a >0时,x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,12a 时,g ′(x )>0时,函数g (x )单调递增,x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫12a ,+∞时,g ′(x )<0,函数g (x )单调递减. 所以当a ≤0时,g (x )的单调递增区间为(0,+∞);当a >0时,g (x )的单调增区间为⎝ ⎛⎭⎪⎫0,12a ,单调减区间为⎝ ⎛⎭⎪⎫12a ,+∞.(2)由(1)知,f ′(1)=0. ①当a ≤0时,f ′(x )单调递增,所以当x ∈(0,1)时,f ′(x )<0,f (x )单调递减, 当x ∈(1,+∞)时,f ′(x )>0,f (x )单调递增, 所以f (x )在x =1处取得极小值,不合题意.②当0<a <12时,12a >1,由(1)知f ′(x )在⎝ ⎛⎭⎪⎫0,12a 内单调递增.可得当x ∈(0,1)时,f ′(x )<0,x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫1,12a 时,f ′(x )>0.所以f (x )在(0,1)内单调递减,在⎝ ⎛⎭⎪⎫1,12a 内单调递增. 所以f (x )在x =1处取得极小值,不合题意. ③当a =12时,12a =1,f ′(x )在(0,1)内单调递增,在(1,+∞)内单调递减.所以当x ∈(0,+∞)时,f ′(x )≤0,f (x )单调递减,不合题意. ④当a >12时,0<12a <1,当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫12a ,1时,f ′(x )>0,f (x )单调递增, 当x ∈(1,+∞)时,f ′(x )<0,f (x )单调递减. 所以f (x )在x =1处取极大值,合题意 .综上可知,实数a 的取值X 围为⎝ ⎛⎭⎪⎫12,+∞.10.(1)解 f ′(x )=2ax -1x =2ax 2-1x(x >0).当a ≤0时,f ′(x )<0,f (x )在(0,+∞)内单调递减. 当a >0时,由f ′(x )=0有x =12a .当x ∈⎝⎛⎭⎪⎫0,12a 时,f ′(x )<0,f (x )单调递减;当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫12a ,+∞时,f ′(x )>0,f (x )单调递增.(2)证明 令s (x )=ex -1-x ,则s ′(x )=ex -1-1.当x >1时,s ′(x )>0,所以e x -1>x ,从而g (x )=1x -1ex -1>0.(3)解 由(2)知,当x >1时,g (x )>0. 当a ≤0,x >1时,f (x )=a (x 2-1)-ln x <0,故当f (x )>g (x )在区间(1,+∞)内恒成立时,必有a >0. 当0<a <12时,12a >1,由(1)有f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12a <f (1)=0,而g ⎝ ⎛⎭⎪⎫12a >0.所以f (x )>g (x )在区间(1,+∞)内不恒成立; 当a ≥12时,令h (x )=f (x )-g (x )(x ≥1),当x >1时,h ′(x )=2ax -1x +1x 2-e 1-x>x -1x +1x 2-1x =x 3-2x +1x 2>x 2-2x +1x2>0. 因此,h (x )在区间(1,+∞)单调递增.又因为h (1)=0,所以当x >1时,h (x )=f (x )-g (x )>0,即f (x )>g (x )恒成立.综上,a ∈⎣⎢⎡⎭⎪⎫12,+∞.11.(1)解 由f (x )=x 3+ax 2+bx +c ,得f ′(x )=3x 2+2ax +b ,切线斜率k =f ′(0)=b . 又f (0)=c ,所以切点坐标为(0,c ).所以所求切线方程为y -c =b (x -0),即bx -y +c =0. (2)解 由a =b =4得f (x )=x 3+4x 2+4x +c ∴f ′(x )=3x 2+8x +4=(3x +2)(x +2) 令f ′(x )=0,得(3x +2)(x +2)=0,解得x =-2或x =-23,f ′(x ),f (x )随x 的变化情况如下:所以,当c >0且c -3227<0时,存在x 1∈(-∞,-2),x 2∈⎝ ⎛⎭⎪⎫-2,-23,x 3∈⎝ ⎛⎭⎪⎫-23,+∞,使得f (x 1)=f (x 2)=f (x 3)=0.由f (x )的单调性知,当且仅当c ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,3227时,函数f (x )=x 3+4x 2+4x +c 有三个不同零点.(3)证明 当Δ=4a 2-12b <0时,即a 2-3b <0,f ′(x )=3x 2+2ax +b >0,x ∈(-∞,+∞),此时函数f (x )在区间(-∞,+∞)上单调递增, 所以f (x )不可能有三个不同零点.当Δ=4a 2-12b =0时,f ′(x )=3x 2+2ax +b 只有一个零点,记作x 0. 当x ∈(-∞,x 0)时,f ′(x )>0,f (x )在区间(-∞,x 0)上单调递增; 当x ∈(x 0,+∞)时,f ′(x )>0,f (x )在区间(x 0,+∞)上单调递增. 所以f (x )不可能有三个不同零点.综上所述,若函数f (x )有三个不同零点,则必有Δ=4a 2-12b >0, 故a 2-3b >0是f (x )有三个不同零点的必要条件.当a =b =4,c =0时,a 2-3b >0,f (x )=x 3+4x 2+4x =x (x +2)2只有两个不同零点, 所以a 2-3b >0不是f (x )有三个不同零点的充分条件. 因此a 2-3b >0是f (x )有三个不同零点的必要而不充分条件. 12.解 (1)f (x )的定义域为(0,+∞),f ′(x )=1x-a .若a ≤0,则f ′(x )>0,所以f (x )在(0,+∞)上单调递增.若a >0,则当x ∈⎝⎛⎭⎪⎫0,1a 时,f ′(x )>0;当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫1a ,+∞时,f ′(x )<0.所以f (x )在⎝⎛⎭⎪⎫0,1a 上单调递增,在⎝ ⎛⎭⎪⎫1a ,+∞上单调递减.(2)由(1)知,当a ≤0时,f (x )在(0,+∞)无最大值;当a >0时,f (x )在x =1a取得最大值,最大值为f ⎝ ⎛⎭⎪⎫1a =ln ⎝ ⎛⎭⎪⎫1a +a ⎝ ⎛⎭⎪⎫1-1a =-ln a +a -1.因此f ⎝ ⎛⎭⎪⎫1a>2a -2等价于ln a +a -1<0. 令g (a )=ln a +a -1,则g (a )在(0,+∞)上单调递增,g (1)=0. 于是,当0<a <1时,g (a )<0;当a >1时,g (a )>0. 因此,a 的取值X 围是(0,1).13.(1)解 f (x )的定义域为(0,+∞),f ′(x )=2e 2x-a x(x >0). 当a ≤0时,f ′(x )>0,f ′(x )没有零点. 当a >0时,因为e 2x单调递增,-a x单调递增, 所以f ′(x )在(0,+∞)上单调递增.又f ′(a )>0,当b 满足0<b <a 4且b <14时,f ′(b )<0,故当a >0时,f ′(x )存在唯一零点.(2)证明 由(1)可设f ′(x )在(0,+∞)的唯一零点为x 0, 当x ∈(0,x 0)时,f ′(x )<0;当x ∈(x 0,+∞)时,f ′(x )>0. 故f (x )在(0,x 0)上单调递减,在(x 0,+∞)上单调递增, 所以当x =x 0时,f (x )取得最小值,最小值为f (x 0).由于2e2x 0-a x 0=0,所以f (x 0)=a 2x 0+2ax 0+a ln 2a ≥2a +a ln 2a.故当a >0时,f (x )≥2a +a ln 2a.14.解 (1)f ′(x )=1x -x +1=-x 2+x +1x,x ∈(0,+∞).由f ′(x )>0得⎩⎪⎨⎪⎧x >0,-x 2+x +1>0.解得0<x <1+52. 故f (x )的单调递增区间是⎝⎛⎭⎪⎫0,1+52.(2)令F (x )=f (x )-(x -1),x ∈(0,+∞).则有F ′(x )=1-x2x.当x ∈(1,+∞)时,F ′(x )<0,所以F (x )在[1,+∞)上单调递减, 故当x >1时,F (x )<F (1)=0, 即当x >1时,f (x )<x -1.(3)由(2)知,当k =1时,不存在x 0>1满足题意. 当k >1时,对于x >1,有f (x )<x -1<k (x -1), 则f (x )<k (x -1),从而不存在x 0>1满足题意. 当k <1时,令G (x )=f (x )-k (x -1),x ∈(0,+∞), 则有G ′(x )=1x -x +1-k =-x 2+(1-k )x +1x.由G ′(x )=0得,-x 2+(1-k )x +1=0.解得x 1=1-k -(1-k )2+42<0,x 2=1-k +(1-k )2+42>1.当x ∈(1,x 2)时,G ′(x )>0,故G (x )在[1,x 2)内单调递增. 从而当x ∈(1,x 2)时,G (x )>G (1)=0, 即f (x )>k (x -1).综上,k 的取值X 围是(-∞,1).15.解 (1)由题意知,点M ,N 的坐标分别为(5,40),(20,2.5).将其分别代入y =ax 2+b,得⎩⎪⎨⎪⎧a25+b =40,a 400+b =2.5,解得⎩⎪⎨⎪⎧a =1 000,b =0.(2)①由(1)知,y =1 000x2(5≤x ≤20),则点P 的坐标为⎝⎛⎭⎪⎫t ,1 000t2,设在点P 处的切线l 交x ,y 轴分别于A ,B 点,y ′=-2 000x3,则l 的方程为y -1 000t 2=-2 000t3(x -t ),由此得A ⎝ ⎛⎭⎪⎫3t 2,0,B ⎝⎛⎭⎪⎫0,3 000t 2.故f (t )=⎝ ⎛⎭⎪⎫3t 22+⎝ ⎛⎭⎪⎫3 000t 22=32t 2+4×106t4,t ∈[5,20].②设g (t )=t 2+4×106t 4,则g ′(t )=2t -16×106t5. 令g ′(t )=0,解得t =10 2.当t ∈(5,102)时,g ′(t )<0,g (t )是减函数; 当t ∈(102,20)时,g ′(t )>0,g (t )是增函数. 从而,当t =102时,函数g (t )有极小值,也是最小值, 所以g (t )min =300,此时f (t )min =15 3.答:当t =102时,公路l 的长度最短,最短长度为153千米.16.解 (1)f ′(x )=a e x cos x -a e x sin x =2a e xcos ⎝⎛⎭⎪⎫x +π4.令f ′(x )=0,由x ≥0, 得x +π4=m π-π2,即x =m π-3π4,m ∈N *.而对于cos ⎝⎛⎭⎪⎫x +π4,当k ∈Z 时,若2k π-π2<x +π4<2k π+π2,即2k π-3π4<x <2k π+π4,则cos ⎝⎛⎭⎪⎫x +π4>0. 若2k π+π2<x +π4<2k π+3π2,即2k π+π4<x <2k π+5π4,则cos ⎝⎛⎭⎪⎫x +π4<0.因此,在区间⎝ ⎛⎭⎪⎫(m -1)π,m π-3π4与⎝ ⎛⎭⎪⎫m π-3π4,m π+π4上,f ′(x )的符号总相反.于是当x =m π-3π4(m ∈N *)时,f (x )取得极值,所以x n =n π-34π(n ∈N *).此时,f (x n )=a e n π-3π4cos ⎝⎛⎭⎪⎫n π-3π4=(-1)n +12a 2e n π-3π4.易知f (x n )≠0,而f (x n +1)f (x n )=(-1)n +22a 2e (n +1)π-3π4(-1)n +12a 2e n π-3π4=-e π是常数,故数列{f (x n )}是首项为f (x 1)=2a 2e π4,公比为-e π的等比数列. (2)对一切n ∈N *,x n ≤|f (x n )|恒成立,即n π-3π4≤2a 2e n π-3π4恒成立,亦即2a ≤e n π-3π4n π-3π4恒成立(因为a >0).设g (t )=e tt (t >0),则g ′(t )=e t(t -1)t2. 令g ′(t )=0得t =1.当0<t <1时,g ′(t )<0,所以g (t )在区间(0,1)上单调递减; 当t >1时,g ′(t )>0,所以g (t )在区间(1,+∞)上单调递增. 因为x 1∈(0,1),且当n ≥2时,x n ∈(1,+∞),x n <x n +1, 所以[g (x n )]min =min{g (x 1),g (x 2)}=min ⎩⎨⎧⎭⎬⎫g ⎝ ⎛⎭⎪⎫π4,g ⎝ ⎛⎭⎪⎫5π4=g ⎝ ⎛⎭⎪⎫π4=4πe π4. 因此,x n ≤|f (x n )|恒成立,当且仅当2a ≤4πe π4,解得a ≥2π4e -π4. 故a 的取值X 围是⎣⎢⎡⎭⎪⎫2π4e -π4,+∞.17.解 (1)由题意知,曲线y =f (x )在点(1,f (1))处的切线斜率为2,所以f ′(1)=2,又f ′(x )=ln x +a x+1,所以a =1. (2)k =1时,方程f (x )=g (x )在(1,2)内存在唯一的根. 设h (x )=f (x )-g (x )=(x +1)ln x -x 2e x ,当x ∈(0,1]时,h (x )<0.又h (2)=3ln 2-4e 2=ln 8-4e 2>1-1=0,所以存在x 0∈(1,2),使得h (x 0)=0. 因为h ′(x )=ln x +1x +1+x (x -2)e x, 所以当x ∈(1,2)时,h ′(x )>1-1e >0,当x ∈(2,+∞)时,h ′(x )>0, 所以当x ∈(1,+∞)时,h (x )单调递增,所以k =1时,方程f (x )=g (x )在(k ,k +1)内存在唯一的根. (3)由(2)知方程f (x )=g (x )在(1,2)内存在唯一的根x 0. 且x ∈(0,x 0)时,f (x )<g (x ),x ∈(x 0,+∞)时,f (x )>g (x ), 所以m (x )=⎩⎪⎨⎪⎧(x +1)ln x ,x ∈(0,x 0],x 2e x ,x ∈(x 0,+∞).当x ∈(0,x 0)时,若x ∈(0,1],m (x )≤0; 若x ∈(1,x 0),由m ′(x )=ln x +1x+1>0,可知0<m (x )≤m (x 0); 故m (x )≤m (x 0).当x ∈(x 0,+∞)时,由m ′(x )=x (2-x )ex,可得x ∈(x 0,2)时,m ′(x )>0,m (x )单调递增;x ∈(2,+∞)时,m ′(x )<0,m (x )单调递减;可知m (x )≤m (2)=4e 2,且m (x 0)<m (2).综上可得,函数m (x )的最大值为4e2.18.解 (1)当b =a 24+1时,f (x )=⎝ ⎛⎭⎪⎫x +a 22+1,故对称轴为直线x =-a2.当a ≤-2时,g (a )=f (1)=a 24+a +2.当-2<a ≤2时,g (a )=f ⎝ ⎛⎭⎪⎫-a 2=1.当a >2时,g (a )=f (-1)=a 24-a +2.综上,g (a )=⎩⎪⎨⎪⎧a 24+a +2,a ≤-2,1,-2<a ≤2,a 24-a +2,a >2.(2)设s ,t 为方程f (x )=0的解,且-1≤t ≤1,则⎩⎪⎨⎪⎧s +t =-a ,st =b ,由于0≤b -2a ≤1,因此-2t t +2≤s ≤1-2tt +2(-1≤t ≤1).当0≤t ≤1时,-2t 2t +2≤st ≤t -2t2t +2,由于-23≤-2t 2t +2≤0和-13≤t -2t 2t +2≤9-45,所以-32≤b ≤9-4 5.当-1≤t <0时,t -2t 2t +2≤st ≤-2t2t +2,由于-2≤-2t 2t +2<0和-3≤t -2t2t +2<0,所以-3≤b <0.故b 的取值X 围是[-3,9-45].19.(1)解 由f (x )=4x -x 4,可得f ′(x )=4-4x 3. 当f ′(x )>0,即x <1时,函数f (x )单调递增; 当f ′(x )<0,即x >1时,函数f (x )单调递减.所以,f (x )的单调递增区间为(-∞,1),单调递减区间为(1,+∞). (2)证明 设点P 的坐标为(x 0,0),则x 0=413,f ′(x 0)=-12.曲线y =f (x )在点P 处的切线方程为y =f ′(x 0)(x -x 0),即g (x )=f ′(x 0)(x -x 0). 令函数F (x )=f (x )-g (x ),即F (x )=f (x )-f ′(x 0)(x -x 0), 则F ′(x )=f ′(x )-f ′(x 0).由于f ′(x )=-4x 3+4在(-∞,+∞)上单调递减, 故F ′(x )在(-∞,+∞)上单调递减,又因为F ′(x 0)=0,所以当x ∈(-∞,x 0)时,F ′(x )>0,当x ∈(x 0,+∞)时,F ′(x )<0, 所以F (x )在(-∞,x 0)上单调递增,在(x 0,+∞)上单调递减, 所以对于任意的实数x ,F (x )≤F (x 0)=0, 即对于任意的实数x ,都有f (x )≤g (x ). (3)证明 由(2)知g (x )=-12(x -413).设方程g (x )=a 的根为x 2′,可得x 2′=-a 12+413.因为g (x )在(-∞,+∞)上单调递减, 又由(2)知g (x 2)≥f (x 2)=a =g (x 2′), 因此x 2≤x 2′.类似地,设曲线y =f (x )在原点处的切线方程为y =h (x ), 可得h (x )=4x .对于任意的x ∈(-∞,+∞),有f (x )-h (x )=-x 4≤0,即f (x )≤h (x ). 设方程h (x )=a 的根为x 1′,可得x 1′=a4.因为h (x )=4x 在(-∞,+∞)上单调递增,且h (x 1′)=a =f (x 1)≤h (x 1),因此x 1′≤x 1,由此可得x 2-x 1≤x 2′-x 1′=-a 3+413.20.解 (1)f (0)=a 2+|a |-a 2+a =|a |+a ,因为f (0)≤1,所以|a |+a ≤1, 当a ≤0时,|a |+a =-a +a =0≤1,显然成立; 当a >0,则有|a |+a =2a ≤1,所以a ≤12,所以0<a ≤12,综上所述,a 的取值X 围是a ≤12.(2)f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x 2-(2a -1)x ,x ≥a ,x 2-(2a +1)x +2a ,x <a .对于u 1=x 2-(2a -1)x ,其对称轴为x =2a -12=a -12<a ,开口向上,所以f (x )在(a ,+∞)上单调递增;对于u 1=x 2-(2a +1)x +2a ,其对称轴为x =2a +12=a +12>a ,开口向上,所以f (x )在(-∞,a )上单调递减.综上,f (x )在(a ,+∞)上单调递增,在(-∞,a )上单调递减,(3)由(2)得f (x )在(a ,+∞)上单调递增,在(0,a )上单调递减,所以f (x )min =f (a )=a -a 2.(ⅰ)当a =2时,f (x )min =f (2)=-2,f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x 2-3x ,x ≥2,x 2-5x +4,x <2,令f (x )+4x =0,即f (x )=-4x(x >0),因为f (x )在(0,2)上单调递减,所以f (x )>f (2)=-2,而y =-4x 在(0,2)上单调递增,y <f (2)=2,所以y =f (x )与y =-4x在(0,2)无交点.当x ≥2时,f (x )=x 2-3x =-4x,即x 3-3x 2+4=0,所以x 3-2x 2-x 2+4=0,所以(x -2)2(x +1)=0, 因为x ≥2,所以x =2,即当a =2时,f (x )+4x有一个零点x =2.(ⅱ)当a >2时,f (x )min =f (a )=a -a 2, 当x ∈(0,a )时,f (0)=2a >4,f (a )=a -a 2,而y =-4x 在x ∈(0,a )上单调递增,当x =a 时,y =-4a,下面比较f (a )=a -a 2与-4a的大小,因为a -a 2-⎝ ⎛⎭⎪⎫-4a =-(a 3-a 2-4)a =-(a -2)(a 2+a +2)a <0所以f (a )=a -a 2<-4a.结合图象不难得当a >2,y =f (x )与y =-4x有两个交点,综上,当a =2时,f (x )+4x 有一个零点x =2;当a >2,y =f (x )与y =-4x有两个零点.21.解 (1)f (x )的定义域为(-∞,+∞),f ′(x )=1+a -2x -3x 2. 令f ′(x )=0,得x 1=-1-4+3a 3,x 2=-1+4+3a3,x 1<x 2,所以f ′(x )=-3(x -x 1)(x -x 2).当x <x 1或x >x 2时,f ′(x )<0;当x 1<x <x 2时,f ′(x )>0.故f (x )在(-∞,x 1)和(x 2,+∞)内单调递减,在(x 1,x 2)内单调递增. (2)因为a >0,所以x 1<0,x 2>0.①当a ≥4时,x 2≥1,由(1)知,f (x )在[0,1]上单调递增, 所以f (x )在x =0和x =1处分别取得最小值和最大值. ②当0<a <4时,x 2<1.由(1)知,f (x )在[0,x 2]上单调递增,在[x 2,1]上单调递减, 因此f (x )在x =x 2=-1+4+3a3处取得最大值.又f (0)=1,f (1)=a ,所以当0<a <1时,f (x )在x =1处取得最小值; 当a =1时,f (x )在x =0和x =1处同时取得最小值; 当1<a <4时,f (x )在x =0处取得最小值. 22.解 (1)f ′(x )=x 2+2x +a 开口向上, 方程x 2+2x +a =0的判别式Δ=4-4a =4(1-a ),若a ≥1,则Δ≤0,f ′(x )=x 2+2x +a ≥0恒成立,∴f (x )在R 上单调递增.若a <1,则Δ>0,方程x 2+2x +a =0有两个不同的实数根,x 1=-1-1-a ,x 2=-1+1-a ,当x <x 1或x >x 2时,f ′(x )>0;当x 1<x <x 2时,f ′(x )<0, ∴f (x )的单调递增区间为(-∞,-1-1-a )和(-1+1-a ,+∞), 单调递减区间为(-1-1-a ,-1+1-a ).综上所述,当a ≥1时,f (x )在R 上单调递增;当a <1时,f (x )的单调递增区间为(-∞,-1-1-a )和(-1+1-a ,+∞),f (x )的单调递减区间为(-1-1-a ,-1+1-a ).(2)当a <0时,Δ>0,且f (0)=1,f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12=3124+a2,f (1)=73+a ,此时x 1<0,x 2>0, 令x 2=12得a =-54.①当-54<a <0时,x 1<0<x 2<12,f (x )在(0,x 2)上单调递减,在⎝⎛⎭⎪⎫x 2,12上单调递增,在⎝⎛⎭⎪⎫12,1上单调递增.(ⅰ)若-54<a <-712,则f (0)=1>f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12, ∴存在x 0∈(0,x 2),使得f (x 0)=f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12;(ⅱ)当-712≤a <0时,f (0)≤f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12, ∴不存在x 0∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,12∪⎝ ⎛⎭⎪⎫12,1,使得f (x 0)=f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12.②当a =-54时,f (x )在⎝ ⎛⎭⎪⎫0,12上单调递减,在⎝ ⎛⎭⎪⎫12,1上单调递增. ∴不存在x 0,使得f (x 0)=f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12.③当-2512<a <-54时,f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12<f (1), ∴存在x 0∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,12∪⎝ ⎛⎭⎪⎫12,1,使得f (x 0)=f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12.④当a ≤-2512时,f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12≥f (1), ∴不存在x 0∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,12∪⎝ ⎛⎭⎪⎫12,1,使得f (x 0)=f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12. 综上,当a ∈⎣⎢⎡⎭⎪⎫-712,0∪{-54}∪⎝ ⎛⎦⎥⎤-∞,-2512时,不存在x 0∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,12∪⎝ ⎛⎭⎪⎫12,1,使得f (x 0)=f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12;当a ∈⎝⎛⎭⎪⎫-2512,-54∪⎝⎛⎭⎪⎫-54,-712时,存在x 0∈⎝⎛⎭⎪⎫0,12∪⎝⎛⎭⎪⎫12,1,使得f (x 0)=f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12. 23.解 (1)由已知,有f ′(x )=2x -2ax 2(a >0). 令f ′(x )=0,解得x =0或x =1a.当x 变化时,f ′(x ),f (x )的变化情况如下表:所以,f (x )的单调递增区间是⎝⎛⎭⎪⎫0,a ;单调递减区间是(-∞,0),⎝ ⎛⎭⎪⎫a ,+∞.当x =0时,f (x )有极小值,且极小值f (0)=0;当x =1a时,f (x )有极大值,且极大值f ⎝ ⎛⎭⎪⎫1a =13a2. (2)由f (0)=f ⎝ ⎛⎭⎪⎫32a =0及(1)知,当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,32a 时,f (x )>0;当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫32a ,+∞时,f (x )<0.设集合A ={f (x )|x ∈(2,+∞)},集合B =⎩⎨⎧⎭⎬⎫1f (x )|x ∈(1,+∞),f (x )≠0,则“对于任意的x 1∈(2,+∞),都存在x 2∈(1,+∞),使得f (x 1)·f (x 2)=1”等价于A ⊆B . 显然,0∉B .下面分三种情况讨论:(1)当32a >2,即0<a <34时,由f ⎝ ⎛⎭⎪⎫32a =0可知,0∈A ,而0∉B ,所以A 不是B 的子集.(2)当1≤32a ≤2,即34≤a ≤32时,有f (2)≤0,且此时f (x )在(2,+∞)上单调递减,故A =(-∞,f (2)),因而A ⊆(-∞,0);由f (1)≥0,有f (x )在(1,+∞)上的取值X 围包含(-∞,0),则(-∞,0)⊆B .所以A ⊆B . (3)当32a <1,即a >32时,有f (1)<0,且此时f (x )在(1,+∞)上单调递减,故B =⎝⎛⎭⎪⎫1f (1),0,A =(-∞,f (2)),所以A 不是B 的子集.综上,a 的取值X 围是⎣⎢⎡⎦⎥⎤34,32. 24.解 (1)由题设,当m =e 时,f (x )=ln x +e x ,则f ′(x )=x -ex2,∴当x ∈(0,e),f ′(x )<0,f (x )在(0,e)上单调递减, 当x ∈(e ,+∞),f ′(x )>0,f (x )在(e ,+∞)上单调递增, ∴x =e 时,f (x )取得极小值f (e)=ln e +ee =2,∴f (x )的极小值为2.(2)由题设g (x )=f ′(x )-x 3=1x -m x 2-x3(x >0),令g (x )=0,得m =-13x 3+x (x >0).设φ(x )=-13x 3+x (x ≥0),则φ′(x )=-x 2+1=-(x -1)(x +1),当x ∈(0,1)时,φ′(x )>0,φ(x )在(0,1)上单调递增; 当x ∈(1,+∞)时,φ′(x )<0,φ(x )在(1,+∞)上单调递减. ∴x =1是φ(x )的唯一极值点,且是极大值点, 因此x =1也是φ(x )的最大值点. ∴φ(x )的最大值为φ(1)=23.又φ(0)=0,结合y =φ(x )的图象(如图),可知①当m >23时,函数g (x )无零点;②当m =23时,函数g (x )有且只有一个零点;③当0<m <23时,函数g (x )有两个零点;④当m ≤0时,函数g (x )有且只有一个零点. 综上所述,当m >23时,函数g (x )无零点;当m =23或m ≤0时,函数g (x )有且只有一个零点;当0<m <23时,函数g (x )有两个零点.(3)对任意的b >a >0,f (b )-f (a )b -a<1恒成立,等价于f (b )-b <f (a )-a 恒成立.(*) 设h (x )=f (x )-x =ln x +m x-x (x >0), ∴(*)式等价于h (x )在(0,+∞)上单调递减. 由h ′(x )=1x -mx2-1≤0在(0,+∞)上恒成立,得m ≥-x 2+x =-⎝ ⎛⎭⎪⎫x -122+14(x >0)恒成立,∴m ≥14(对m =14,h ′(x )=0仅在x =12时成立),∴m 的取值X 围是⎣⎢⎡⎭⎪⎫14,+∞.25.解 (1)f ′(x )=a x+(1-a )x -b . 由题设知f ′(1)=0,解得b =1. (2)f (x )的定义域为(0,+∞). 由(1)知,f (x )=a ln x +1-a 2x 2-x ,f ′(x )=a x +(1-a )x -1=1-a x (x -a1-a)(x -1).①若a ≤12,则a1-a ≤1,故当x ∈(1,+∞)时,f ′(x )>0,f (x )在(1,+∞)单调递增.所以,存在x 0≥1,使得f (x 0)<aa -1的充要条件为f (1)<a a -1,即1-a 2-1<aa -1, 解得-2-1<a <2-1. ②若12<a <1,则a1-a>1,故当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫1,a 1-a 时,f ′(x )<0;当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫a1-a ,+∞时,f ′(x )>0. f (x )在⎝⎛⎭⎪⎫1,a 1-a 单调递减,在⎝ ⎛⎭⎪⎫a 1-a ,+∞单调递增.所以,存在x 0≥1,使得f (x 0)<aa -1的充要条件为f ⎝ ⎛⎭⎪⎫a 1-a <aa -1. 而f ⎝ ⎛⎭⎪⎫a 1-a =a ln a 1-a +a 22(1-a )+a a -1>a a -1,所以不合题意. ③若a >1,则f (1)=1-a 2-1=-a -12<a a -1.综上,a 的取值X 围是(-2-1,2-1)∪(1,+∞).B 组 两年模拟精选(2016~2015年)1.解析 f ′(x )=2x +2sin x ,当x ∈[0,1]时f ′(x )>0.∴f (x )为增函数,所以f (0)<f ⎝ ⎛⎭⎪⎫13<f ⎝ ⎛⎭⎪⎫25,又f (x )为偶函数,所以f ⎝ ⎛⎭⎪⎫-13=f ⎝ ⎛⎭⎪⎫13, 则f (0)<f ⎝ ⎛⎭⎪⎫-13<f ⎝ ⎛⎭⎪⎫25. 答案 A2.解析 f ′(x )=3x 2-2tx +3,由于f (x )在区间[1,4]上单调递减,则有f ′(x )≤0在[1,4]上恒成立,即3x 2-2tx +3≤0,即t ≥32⎝ ⎛⎭⎪⎫x +1x 在[1,4]上恒成立,因为y =32⎝ ⎛⎭⎪⎫x +1x 在[1,4]上单调递增,所以t ≥32⎝ ⎛⎭⎪⎫4+14=518,故选C.答案 C3.解析 令F (x )=f (x )x ,则F ′(x )=xf ′(x )-f (x )x 2<0, 所以F (x )为减函数,f (2)2>f (3)3,所以3f (2)>2f (3).答案 A4.解析 当x ≤0时,f ′(x )=6x 2+6x ,易知函数f (x )在(-∞,0]上的极大值点是x =-1,且f (-1)=2,故只要在(0,2]上,e ax≤2即可,即ax ≤ln 2在(0,2]上恒成立,即a ≤ln 2x在(0,2]上恒成立,故a ≤12ln 2.答案 D5.解析 构造函数F (x )=f (x )-⎝ ⎛⎭⎪⎫x 3+23,F (1)=f (1)-1=0, ∵f ′(x )<13,∴F ′(x )=f ′(x )-13<0,∴F (x )在R 上单调递减,f (x )<x 3+23的解集即F (x )<0=F (1)的解集,得x >1.答案 D6.解析 f (x )=x 3-3x ,f ′(x )=3x 2-3, 令f ′(x )=0,解得x =±1, 可以判断当x =1时函数有极小值,∴⎩⎪⎨⎪⎧a <1,6-a 2≥1,6-a 2>a ,解得a ∈[-5,1), ∴选B. 答案 B7.解析 f ′(x )=x 2-ax +3-a ,要使f (x )有三个不同单调区间,需Δ=(-a )2-4(3-a )>0,即a ∈(-∞,-6)∪(2,+∞). 答案 (-∞,-6)∪(2,+∞)8.解析 ∵f ′(x )=3x 2+1>0恒成立,∴f (x )在R 上是增函数. 又f (-x )=-f (x ),∴y =f (x )为奇函数.由f (mx -2)+f (x )<0得f (mx -2)<-f (x )=f (-x ), ∴mx -2<-x ,即mx -2+x <0在m ∈[-2,2]上恒成立. 记g (m )=xm -2+x ,则⎩⎪⎨⎪⎧g (-2)<0,g (2)<0,即⎩⎪⎨⎪⎧-2x -2+x <0,2x -2+x <0, 解得-2<x <23.答案 ⎝⎛⎭⎪⎫-2,23 9.解 (1)由题知函数f (x )的定义域为(0,+∞),f ′(x )=ln x +1,当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,1e 时,f ′(x )<0,故f (x )在⎝ ⎛⎭⎪⎫0,1e 上单调递减,当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫1e ,+∞时,f ′(x )>0.故f (x )在⎝ ⎛⎭⎪⎫1e ,+∞上单调递增. ①当0<t <t +2<1e 时,无解;②当0<t <1e <t +2,即0<t <1e时,函数f (x )在[t ,t +2]上的最小值f (x )min =f ⎝ ⎛⎭⎪⎫1e =-1e ;③当1e ≤t <t +2,即t ≥1e 时,f (x )在[t ,t +2]上单调递增,故函数f (x )在[t ,t +2]上的最小值f (x )min =f (t )=t ln t .综上可知f (x )min=⎩⎪⎨⎪⎧-1e ,0<t <1e ,t ln t ,t ≥1e .(2)由题知2x ln x ≥-x 2+ax -3,即a ≤2ln x +x +3x对一切x ∈(0,+∞)恒成立.设h (x )=2ln x +x +3x(x >0),则h ′(x )=(x +3)(x -1)x2, 当x ∈(0,1)时,h ′(x )<0,故h (x )在(0,1)上单调递减, 当x ∈(1,+∞)时,h ′(x )>0, 故h (x )在(1,+∞)上单调递增.所以h (x )在(0,+∞)上有唯一极小值h (1),即为最小值, 所以h (x )min =h (1)=4,因为对一切x ∈(0,+∞),a ≤h (x )恒成立,所以a ≤4.。

高考数学总复习 模拟试卷(一)理-人教版高三全册数学试题

高考数学总复习 模拟试卷(一)理-人教版高三全册数学试题

2016年高考数学(理科)模拟试卷(一)(本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分.满分150分,考试时间120分钟)第Ⅰ卷(选择题 满分60分)一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,满分60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知集合M ={x |x ≥0,x ∈R },N ={x |x 2<1,x ∈R },则M ∩N =( ) A .[0,1] B .(0,1) C .(0,1] D .[0,1) 2.复数(3+2i)i =( )A .-2-3iB .-2+3iC .2-3iD .2+3i 3.命题“∀x ∈R ,|x |+x 2≥0”的否定是( ) A .“∀x ∈R ,|x |+x 2<0” B .“∀x ∈R ,|x |+x 2≤0” C .“∃x 0∈R ,|x 0|+x 20<0” D .“∃x 0∈R ,|x 0|+x 20≥0”4.同时满足两个条件:①定义域内是减函数;②定义域内是奇函数的函数是( ) A .f (x )=-x |x | B .f (x )=x +1xC .f (x )=tan xD .f (x )=ln x x5.设{a n }是递减的等差数列,前三项的和是15,前三项的积是105,当该数列的前n 项和最大时,n =( )A .4B .5C .6D .76.曲线y =x 3-2x +4在点(1,3)处切线的倾斜角为( ) A.π6 B.π3 C.π4 D.π27.已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧2x+1,x <1,x 2+ax ,x ≥1,若f [f (0)]=4a ,则实数a =( )A.12B.45C .2D .9 8.某几何体的三视图如图M1­1,则它的体积为( )图M1­1A .72πB .48π C.30π D .24π9.已知函数f (x )=sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫ωx +π4(ω>0)的最小正周期为π,则该函数的图象是( ) A .关于直线x =π8对称 B .关于点⎝ ⎛⎭⎪⎫π4,0对称C .关于直线x =π4对称D .关于点⎝ ⎛⎭⎪⎫π8,0对称 10.设变量x ,y 满足约束条件⎩⎪⎨⎪⎧3x +y -6≥0,x -y -2≤0,y -3≤0,则目标函数z =y -2x 的最小值为( )A .-7B .-4C .1D .211.在同一个平面直角坐标系中画出函数y =a x,y =sin ax 的部分图象,其中a >0,且a ≠1,则下列所给图象中可能正确的是( )A BC D12.已知定义在区间⎣⎢⎡⎦⎥⎤0,3π2上的函数y =f (x )的图象关于直线x =3π4对称,当x ≥3π4时,f (x )=cos x .若关于x 的方程f (x )=a 有解,记所有解的和为S ,则S 不可能为( )A.54πB.32πC.94π D.3π 第Ⅱ卷(非选择题 满分90分)本卷包括必考题和选考题两部分.第13~21题为必考题,每个试题考生必须做答.第22~24题为选考题,考生根据要求做答.二、填空题:本大题共4小题,每小题5分.13.10件产品中有7件正品,3件次品,从中任取4件,则恰好取到1件次品的概率是________.14.二项式(x +y )5的展开式中,含x 2y 3的项的系数是________.(用数字作答) 15.如图M1­2,在平行四边形ABCD 中,AP ⊥BD ,垂足为点P ,AP =3,则AP →·AC →=________.图M1­216.阅读如图M1­3所示的程序框图,运行相应的程序,输出S 的值为________.图M1­3三、解答题:解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.17.(本小题满分12分)在△ABC 中,角A ,B ,C 所对的边分别为a ,b ,c ,且a =1,c =2,cos C =34.(1)求sin A 的值; (2)求△ABC 的面积.18.(本小题满分12分)某企业有甲、乙两个研发小组,他们研发新产品成功的概率分别为23和35.现安排甲组研发新产品A ,乙组研发新产品B .设甲、乙两组的研发相互独立.(1)求至少有一种新产品研发成功的概率;(2)若新产品A 研发成功,预计企业可获利润120万元;若新产品B 研发成功,预计企业可获利润100万元.求该企业可获利润的分布列和数学期望.19.(本小题满分12分)如图M1­4,在四棱锥P ­ABCD 中,底面ABCD 为矩形,PA ⊥平面ABCD ,E 为PD 的中点.(1)证明:PB ∥平面AEC ;(2)设二面角D ­AE ­C 为60°,AP =1,AD =3,求三棱锥E ­ACD 的体积.图M1­420.(本小题满分12分)已知函数f (x )=a ln x -ax -3(a ∈R ). (1)当a =1时,求函数f (x )的单调区间;(2)若函数y =f (x )的图象在点(2,f (2))处的切线的倾斜角为45°,问:m 在什么X 围取值时,对于任意的t ∈[1,2],函数g (x )=x 3+x 2⎣⎢⎡⎦⎥⎤m2+f ′x 在区间(t,3)上总存在极值?(3)求证:ln22×ln33×ln44×…×ln n n <1n(n ≥2,n ∈N *).21.(本小题满分12分)已知直线l :y =kx +2(k 为常数)过椭圆C :x 2a 2+y 2b2=1(a >b >0)的上顶点B 和左焦点F ,直线l 被圆O :x 2+y 2=4截得的弦AB 的中点为M .(1)若|AB |=4 55,某某数k 的值;(2)如图M1­5,顶点为O ,对称轴为y 轴的抛物线E 过线段BF 的中点T ,且与椭圆C 在第一象限的交点为S ,抛物线E 在点S 处的切线m 被圆O 截得的弦PQ 的中点为N ,问:是否存在实数k ,使得O ,M ,N 三点共线?若存在,请求出k 的值;若不存在,请说明理由.图M1­5 图M1­6请考生在第(22)、(23)、(24)三题中任选一题做答.注意:只能做所选定的题目上.如果多做,则按所做的第一个题目计分,做答量请用2B 铅笔在答题卡上将所选题号后的方框涂黑.22.(本小题满分10)选修4­1:几何证明选讲如图M1­6,EP 交圆于E ,C 两点,PD 切圆于D ,G 为CE 上—点且PG =PD ,连接DG 并延长交圆于点A ,作弦AB 垂直EP ,垂足为F .(1)求证:AB 为圆的直径; (2)若AC =BD ,求证:AB =ED .23.(本小题满分10)选修4­4:坐标系与参数方程已知曲线C :x 24+y 29=1,直线l :⎩⎪⎨⎪⎧x =2+t ,y =2-2t(t 为参数).(1)写出曲线C 的参数方程,直线l 的普通方程;(2)过曲线C 上任意一点P 作与l 夹角为30°的直线,交l 于点A ,求|PA |的最大值与最小值.24.(本小题满分10)选修4­5:不等式选讲 若a >0,b >0,且1a +1b=ab .(1)求a 3+b 3的最小值.(2)是否存在a ,b ,使得2a +3b =6?并说明理由.2016年高考数学(理科)模拟试卷(一)1.D 解析:由M ={x |x ≥0,x ∈R }=[0,+∞),N ={x |x 2<1,x ∈R }=(-1,1),得M ∩N =[0,1).2.B 解析:(3+2i)i =3i +2i·i=-2+3i.故选B.3.C 解析:对于命题的否定,要将命题中的“∀”变为“∃”,且否定结论,则命题“∀x ∈R ,|x |+x 2≥0”的否定是“∃x 0∈R ,|x 0|+x 20<0”.故选C.4.A5.A 解析:∵{a n }是等差数列,且a 1+a 2+a 3=15,∴a 2=5.又∵a 1a 2a 3=105,∴a 1a 3=21.由⎩⎪⎨⎪⎧a 1a 3=21,a 1+a 3=10及{a n }递减可求得a 1=7,d =-2.∴a n=9-2n .由a n ≥0,得n ≤4.故选A.6.C 解析:f ′(x )=3x 2-2,f ′(1)=1,所以切线的斜率是1,倾斜角为π4.7.C 解析:∵f (0)=20+1=2,f [f (0)]=f (2)=4a ,∴22+2a =4a .∴a =2. 8.C 解析:几何体是由半球与圆锥叠加而成,它的体积为V =12×43π×33+13×π×32×52-32=30π.9.A 解析:依题意,得T =2πω=π,ω=2,故f (x )=sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2x +π4,所以f ⎝ ⎛⎭⎪⎫π8=sin ⎝⎛⎭⎪⎫2×π8+π4=sin π2=1≠0,f ⎝ ⎛⎭⎪⎫π4=sin ⎝⎛⎭⎪⎫2×π4+π4=sin 3π4=22≠0,因此该函数的图象关于直线x =π8对称,不关于点⎝⎛⎭⎪⎫π4,0和点⎝ ⎛⎭⎪⎫π8,0对称,也不关于直线x =π4对称.故选A.10.A 解析:如图D129,将点(5,3)代入z =y -2x ,得最小值为-7.图D12911.D 解析:正弦函数y =sin ax 的最小正周期为T =2πa.对于A ,T >2π,故a <1,而y =a x的图象是增函数,故A 错误; 对于B ,T <2π,故a >1,而函数y =a x是减函数,故B 错误; 对于C ,T =2π,故a =1,∴y =a x=1,故C 错误; 对于D ,T >2π,故a <1,∴y =a x是减函数.故选D.12.A 解析:作函数y =f (x )的草图(如图D130),对称轴为x =3π4,当直线y =a 与函数有两个交点(即方程有两个根)时,x 1+x 2=2×3π4=3π2;当直线y =a 与函数有三个交点(即方程有三个根)时,x 1+x 2+x 3=2×3π4+3π4=9π4;当直线y =a 与函数有四个交点(即方程有四个根)时,x 1+x 2+x 3+x 4=4×3π4=3π.故选A.图D13013.12 解析:从10件产品中任取4件,共有C 410种基本事件,恰好取到1件次品就是取到1件次品且取到3件正品,共有C 13C 37种,因此所求概率为C 13C 37C 410=12.14.10 解析:展开式的通项为T k +1=C k 5x5-k y k,则T 4=C 35x 2y 3=10x 2y 3,故答案为10.15.18 解析:设AC ∩BD =O ,则AC →=2(AB →+BO →),AP →·AC →=AP →·2(AB →+BO →)=2AP →·AB →+2AP →·BO →=2AP →·AB →=2AP →·(AP →+PB →)=2|AP →|2=18.16.-4 解析:由题意,得第一次循环:S =0+(-2)3=-8,n =2; 第二次循环:S =-8+(-2)2=-4,n =1,结束循环,输出S 的值为-4. 17.解:(1)∵cos C =34,∴sin C =74.∵asin A =c sin C ,∴1sin A =274,∴sin A =148. (2)∵c 2=a 2+b 2-2ab cos C ,∴2=1+b 2-32b ,∴2b 2-3b -2=0.∴b =2.∴S △ABC =12ab sin C =12×1×2×74=74.18.解:记E ={甲组研发新产品成功},F ={乙组研发新产品成功}.由题设知,P (E )=23,P (E )=13,P (F )=35,P (F )=25,且事件E 与F ,E 与F ,E 与F ,E 与F 都相互独立.(1)记H ={至少有一种新产品研发成功},则H =E F ,于是P (H )=P (E )P (F )=13×25=215, 故所求的概率为P (H )=1-P (H )=1-215=1315.(2)设可获利润为X 万元,则X 的可能取值为0,100,120,220. 因为P (X =0)=P (E F )=13×25=215,P (X =100)=P (E F )=13×35=15, P (X =120)=P (E F )=23×25=415, P (X =220)=P (EF )=23×35=25.故所求的分布列为:数学期望为E (X )=0×215+100×15+120×415+220×25=300+480+132015=210015=140.19.(1)证明:如图D131,连接BD 交AC 于点O ,连接EO .因为底面ABCD 为矩形,所以O 为BD 的中点. 又E 为PD 的中点,所以EO ∥PB . 因为EO ⊂平面AEC ,PB ⊄平面AEC , 所以PB ∥平面AEC .(2)解:因为PA ⊥平面ABCD ,平面ABCD 为矩形, 所以AB ,AD ,AP 两两垂直.如图D131,以A 为坐标原点,AB →,AD →,AP →的方向为x 轴、y 轴、z 轴的正方向,|AP →|为单位长,建立空间直角坐标系Axyz ,则D ()0,3,0,E ⎝ ⎛⎭⎪⎫0,32,12,AE →=⎝⎛⎭⎪⎫0,32,12.图D131设B (m,0,0)(m >0),则C (m ,3,0),AC →=(m ,3,0). 设n 1=(x ,y ,z )为平面ACE 的法向量, 则⎩⎪⎨⎪⎧n 1·AC →=0,n 1·AE →=0,即⎩⎪⎨⎪⎧mx +3y =0,32y +12z =0.可取n 1=⎝⎛⎭⎪⎫3m ,-1,3. 又n 2=(1,0,0)为平面DAE 的法向量, 由题设易知,|cos 〈n 1,n 2〉|=12,即33+4m 2=12.解得m =32(m =-32,舍去). 因为E 为PD 的中点,所以三棱锥E ­ACD 的高为12.故三棱锥E ­ACD 的体积V =13×12×3×32×12=38.20.解:f ′(x )=ax-a (x >0). (1)当a =1时,f ′(x )=1x -1=1-xx,令f ′(x )>0时,解得0<x <1,∴f (x )在(0,1)上单调递增; 令f ′(x )<0时,解得x >1,∴f (x )在(1,+∞)上单调递减. (2)∵函数y =f (x )的图象在点(2,f (2))处的切线的倾斜角为45°, ∴f ′(2)=a2-a =1.∴a =-2,f ′(x )=-2x+2.∴g (x )=x 3+x 2⎝ ⎛⎭⎪⎫m 2+2-2x =x 3+⎝ ⎛⎭⎪⎫m 2+2x 2-2x ,g ′(x )=3x 2+(4+m )x -2.∵对任意的t ∈[1,2],函数g (x )=x 3+x 2⎣⎢⎡⎦⎥⎤m2+f ′x 在区间(t,3)上总存在极值,且g ′(0)=-2,∴只需⎩⎪⎨⎪⎧g ′t <0,g ′3>0.由题知,对任意的t ∈[1,2],g ′(t )<0恒成立,∴⎩⎪⎨⎪⎧g ′1<0,g ′2<0,g ′3>0.解得-373<m <-9.(3)证明:令a =-1,f (x )=-ln x +x -3,∴f (1)=-2. 由(1)知,f (x )=-ln x +x -3在(1,+∞)上单调递增, ∴当x ∈(1,+∞)时,f (x )>f (1),即-ln x +x -1>0. ∴ln x <x -1对一切x ∈(1,+∞)成立. ∵n ≥2,n ∈N *,则有0<ln n <n -1.∴0<ln n n <n -1n .∴ln22×ln33×ln44×…×ln n n <12×23×34×…×n -1n =1n (n ≥2,n ∈N *).21.解:(1)圆O 的圆心为O (0,0),半径为r =2. ∵OM ⊥AB ,|AB |=4 55,∴|OM |=r 2-⎝ ⎛⎭⎪⎫|AB |22=4 55. ∴2k 2+1=4 55.∴k 2=14.图D132又k =k FB >0,∴k =12. (2)如图D132,∵F ⎝ ⎛⎭⎪⎫-2k ,0,B (0,2),T 为BF 中点, ∴T ⎝ ⎛⎭⎪⎫-1k ,1. 设抛物线E 的方程为y =tx 2(t >0),∵抛物线E 过点T ,∴1=t ·1k2,即t =k 2. ∴抛物线E 的方程为y =k 2x 2.∴y ′=2k 2x .设S (x 0,y 0),则k m =y ′0|x x ==2k 2x 0.假设O ,M ,N 三点共线,∵OM ⊥l ,ON ⊥m ,∴l ∥m .又k l =k >0,∴k l =k m .∴k =2k 2x 0.∴x 0=12k ,y 0=k 2x 20=k 2·14k 2=14. ∵S 在椭圆C 上,∴x 20a 2+y 20b2=1. 结合b =2,c =2k ,a 2=b 2+c 2=4+4k2. 得14k 24+4k2+1164=1.∴k 2=-5963. ∴k 无实数解,矛盾.∴假设不成立.故不存在实数k ,使得O ,M ,N 三点共线.22.证明:(1)因为PD =PG ,所以∠PDG =∠PGD .由于PD 为切线,故∠PDA =∠DBA ,又因为∠PGD =∠EGA ,所以∠DBA =∠EGA ,所以∠DBA +∠BAD =∠EGA +∠BAD ,从而∠BDA =∠PFA .又AF ⊥EP ,所以∠PFA =90°,所以∠BDA =90°,故AB 为圆的直径.图D133(2)如图D133,连接BC ,DC .由于AB 是直径,故∠BDA =∠ACB =90°.在Rt △BDA 与Rt △ACB 中,AB =BA ,AC =BD ,从而得Rt △BDA ≌Rt △ACB ,于是∠DAB =∠CBA .又因为∠DCB =∠DAB ,所以∠DCB =∠CBA ,故DC ∥AB .因为AB ⊥EP ,所以DC ⊥EP ,∠DCE 为直角,所以ED 为圆的直径,又由(1)知AB 为圆的直径,所以ED =AB .23.解:(1)曲线C 的参数方程为⎩⎪⎨⎪⎧ x =2cos θ,y =3sin θ(θ为参数),直线l 的普通方程为2x +y -6=0.(2)曲线C 上任意一点P (2cos θ,3sin θ)到l 的距离为 d =55|4cos θ+3sin θ-6|, 则|PA |=d sin30°=2 55|5sin(θ+α)-6|, 其中α为锐角,且tan α=43. 当sin(θ+α)=-1时,|PA |取得最大值,最大值为22 55.当sin(θ+α)=1时,|PA |取得最小值,最小值为2 55. 24.解:(1)由ab =1a +1b ≥2ab,得ab ≥2,当且仅当a =b =2时等号成立. 故a 3+b 3≥2a 3b 3≥4 2,当且仅当a =b =2时等号成立.所以a 3+b 3的最小值为4 2.(2)由(1)知,2a +3b ≥2 6ab ≥4 3.由于4 3>6,从而不存在a ,b ,使2a +3b =6.。

(完整版)成都市2016届高三理科数学二诊考试试题及详解

(完整版)成都市2016届高三理科数学二诊考试试题及详解

一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分.1.已知集合{|A x y ==,{|||2}B x x =≤,则A B =UA. [2,2]-B. [2,4]-C. [0,2]D. [0,4]【答案】B【解析】{|04}A x x =≤≤,{|22}B x x =-≤≤,故{|24}A B x x =-≤≤U 2. 函数()22xf x x =+-的零点所在的区间是A. (,1)-∞-B. (1,0)-C. (0,1)D. (1,2)【答案】C【解析】(0)1,(1)1f f =-=,由零点存在定理知()f x 的零点所在的区间是(0,1) 3.复数31iz i+=-(其中i 为虚数单位)的虚部为A. 1-B. i -C. 2iD. 2【答案】D 【解析】3121iz i i+==+-,故复数z 的虚部为24、已知某几何体的正视图和侧视图君如右图所示,则该几何体的俯视图不可能为A. B. C. D.【答案】A【解析】答案A 的正视图或者侧视图上半部分的三角形的底边长应该比下半部分的顶边长短一些5、将函数()cos 6f x x π⎛⎫=+⎪⎝⎭图像上所有点的横坐标缩短为原来的12倍,纵坐标不变,得到函数()g x 的图像,则函数()g x 的一个减区间是A. ,63ππ⎡⎤-⎢⎥⎣⎦ B. 5,33ππ⎡⎤-⎢⎥⎣⎦ C. 11,66ππ⎡⎤-⎢⎥⎣⎦ D. 5,1212ππ⎡⎤-⎢⎥⎣⎦【答案】D【解析】平移后的解析式为()cos 26g x x π⎛⎫=+⎪⎝⎭,令2226k x k ππππ≤+≤+,解得51212k x k ππππ-+≤≤+,故D 答案符合.另解:平移后的周期为π,单调减区间的区间长最多为半周期,只有D 答案符合要求 6.某校高三(1)班在一次单元测试中,每位同学的考试分数都在区间[100,128]内,将该班所有同学的考试分数分为七组:[100,104),[104,108),[108,112),[112,116), [116,120),[120,124),[124,128],绘制出频率分布直方图如图所示. 已知分数低于112分的人有18人,则分数不低于120分的人数为 A. 10 B. 12 C. 20 D. 40 【答案】A【解析】分数低于112分的人对应的频率/组距为0.09,分数不低于120分的人数对应的频率/组距为0.05,故其人数为180.05100.09⨯=人7.某微信群中甲、乙、丙、丁、戊五名成员同时抢4个红包,每人最多抢一个红包,且红包全被抢光,4个红包中有两个2元,两个3元(红包中金额相同视为相同的红包),则甲乙两人都抢到红包的情况有 A. 36种 B. 24种 C. 18种 D. 9种 【答案】C【解析】甲乙两人都抢到红包一共有三种情况:(1)都抢到2元的红包,对应人数为23C (从剩下的三个人中选两个抢3元的红包);(2)都抢到3元的红包,对应人数为23C (从剩下的三个人中选两个抢2元的红包);(3)一个抢到2元一个抢到3元,对应人数为1223C A (由于红包金额不一样,所有甲乙之间有个排列,从剩下的三个人选两个进行排列,然后分别对应一个2元和一个3元的红包),故总共的情况有18种.8.在三棱锥P ABC -中,已知PA ⊥底面ABC ,AB BC ⊥,E F 、分别是线段PB PC 、上的动点. 则下列说法错误的是 A. 当AE PB ⊥时,AEF ∆一定为直角三角形 B. 当AF PC ⊥时,AEF ∆一定为直角三角形C. 当//EF 平面ABC 时,AEF ∆一定为直角三角形D. 当PC ⊥平面AEF 时,AEF ∆一定为直角三角形【答案】B【解析】PA ⊥底面ABC ,则PA BC ⊥,又AB BC ⊥, 则BC ⊥平面PAB(1) 当AE PB ⊥时,BC AE ⊥,则AE ⊥平面PBC ,AE EF ⊥,A 正确.(2) 当//EF 平面ABC 时,又EF ⊂平面PBC ,平面PBC I 平面ABC BC =,则//EF BC ,故EF ⊥平面PAB ,AE EF ⊥,故C 正确 (3) 当PC ⊥平面AEF 时,PC AE ⊥,又BC AE ⊥,则AE ⊥平面PBC ,AE EF ⊥,故D 正确.用排除法可选B.9.已知函数()3,031,0x x f x x x ⎧≥=⎨+<⎩,则不等式()()()41f f x f x <+的解集是A. 1,03⎛⎫- ⎪⎝⎭B. 1,13⎛⎫- ⎪⎝⎭C. ()0,2D. 31,log 23⎛⎫- ⎪⎝⎭【答案】D【解析】利用特殊值法,当0x =时,原不等式化为341<+,故0是原不等式的解,排除A ,C 两个答案;在令3log 2x =,原不等式化为981<+,故3log 2不是原不等式的解,排除C 答案,故选D10.已知抛物线2y x =的焦点为F ,经过y 轴正半轴上一点N 作直线l 与抛物线交于A B、两点,且2OA OB =u u u r u u u rg (O 为坐标原点),点F 关于直线OA 的对称点为C ,则四边形OCAB面积的最小值为A. 3B.C. D.32【答案】A【解析】不妨设()()()112212,,,0A x y B x y x x <<,即点A 在点B 左侧. 当直线斜率不存在时,不满足题意,故可设直线方程为y kx b =+,联立抛物线方程可得:20x kx b --=,故1212212x x kx x b y y b ⎧+=⎪=-⎨⎪=⎩,2OA OB =u u u r u u u r Q g,212122x x y y b b ∴+=-+=,又0b >,2b ∴=,2111112()()224OCAB OAB OFA S S S x x x ∆∆∴=+=⨯⨯-+⨯⨯-()21938x x =+-≥= 第II 卷(非选择题,共100分)二、填空题:本大题共5个小题,每小题5分,共25分.11.双曲线22215x y a -=的一个焦点坐标为()3,0,则该双曲线的离心率为____________. 【答案】32【解析】22259c a b a =+=+=,故2a =,离心率32c e a == 12.()61x x-的展开式中,2x 项的系数为__________. (用数字作答)【答案】20-【解析】2x 的系数为()336120C -=-13.已知实数,x y 满足24481x y x y x y +≥⎧⎪-≤⎨⎪-≥-⎩,则222x y x +-的取值范围是_________.【答案】1,195⎡⎤-⎢⎥⎣⎦【解析】可行域为如图所示的三角形:目标函数()2222211z x y x x y =+-=-+-根据其几何意义可看成与可行域内的点到点()1,0D 的距离相关 则最大值应该在()3,4A 处取得,max 19z =;过点D 做BC 的垂线,垂足为E ,且点D 到直线BC 的距离55d ==,则最小值应该在点E 处取得,故最小值为2min 115z d =-=-14.执行如图所示的程序框图,输出的S 的值为__________. 【答案】2 【解析】23172tantantan tan36363636S ππππ=⋅⋅⋅g g g 1tan tan tan 12παααα⎛⎫=-=⨯= ⎪⎝⎭Q g23172tantantan tan 236363636S ππππ∴=⋅⋅⋅=g g g 15.已知函数()sin 2f x x x =+. 给出以下四个命题: ①0x ∀>,不等式()2f x x <恒成立;②k R ∃∈,使方程()f x k =有四个不相等的实数根; ③函数()f x 的图象存在无数个对称中心;④若数列{}n a 为等差数列,123()()()3f a f a f a π++=,则2a π=. 其中正确的命题有_________. (写出所有正确命题的序号)【答案】③④【解析】'()12cos 2f x x =+,则'()0f x =有无数个解,在结合()f x 是奇函数,且总体上呈上升趋势,可画出()f x 的大致图像为xy (1,2)C (2,0)A (3,4)O(1) 令()2()sin 2g x x f x x x =-=-,则'()12cos 2g x x =-,令'()0g x =,则6x k ππ=+,则066g ππ⎛⎫=< ⎪⎝⎭,即存在06x π=>使得()2f x x >,故①错误(2) 由图像知不存在y k =的直线和()f x 的图像有四个不同的交点;故②错误 (3) ()()22sin 2cos 2f a x f a x a a x ++-=+,令sin 20a =,则2k a π=,即(),a a ,其中2k a π=均是函数的对称中心,故③正确 (4) 123()()()3f a f a f a π++=,则123123sin 2sin 2sin 23a a a a a a π+++++=,即22223sin(22)sin 2sin(22)3a a d a a d π+-+++=,2223sin 22sin 2cos 23a a a d π∴++= 223sin 2(12cos 2)3a a d π∴++=2233sin 212cos 212cos 2a a d dπ∴=-++则问题转化为()sin 2f x x =与33()12cos 212cos 2g x x d dπ=-++的交点个数如果直线()g x 要与()f x 有除(,0)π之外的交点,则斜率的范围在4,23π⎛⎫-- ⎪⎝⎭,而直线的斜率312cos 2d-+的取值范围为(,1][3,)-∞-+∞U ,故不存在除(,0)π之外的交点,故2a π=,④正确三、解答题:本大题共6个小题,共75分. 16.(本小题满分12分)在ABC ∆中,内角,,A B C 所对的边分别为,,a b c ,已知a =且223b c bc +=+.(I )求角A 的大小;(II )求sin b C 的最大值. 【答案】(I )3π;(II )32【解析】(I)223,b c bc a +=+=Q 222b c a bc ∴+-=2221cos 22b c a A bc +-∴==又A ∠是ABC ∆的内角 故3A π=(II )2232b c bc bc +=+≥Q ,3bc ∴≤,故1sin 2ABC S bc A ∆=≤故1sin 32sin 1422ab Cb C a ==≤=,当且仅当bc =时取得最大值17.(本小题满分12分) 已知数列{}n a 满足11a =,()()()*1112,n n n a n a n n N -+=-≥∈. (I )求数列{}n a 的通项公式n a ;(II )设数列{}n a 的前n 项和为n S ,证明:2n S <.【答案】(I )2(1)n n +;(II )见解析【解析】(I )()()()*1112,n n n a n a n n N -+=-≥∈Q ,111n n a n a n --∴=+ 故1212112113n n n n a a a n n a a a n n -----⋅⋅⋅=⋅⋅⋅+g g g g g g 即()*1222,(1)(1)n a a n n N n n n n ==≥∈++g,又()121111a ==+ 故2(1)n a n n =+(II )1121n a n n ⎛⎫=-⎪+⎝⎭11111112212122311n S n n n ⎛⎫⎛⎫=-+-+⋅⋅⋅+-=-< ⎪ ⎪++⎝⎭⎝⎭18.(本小题满分12分)某商场举行购物抽奖活动,抽奖箱中放有除编号不同外,其余均相同的20个小球,这20个小球编号的茎叶图如图所示. 活动规则如下:从抽奖箱中随机抽取一球,若抽取的小球编号是十位数字为1的奇数,则为一等奖,奖金100元;若抽取小球的编号是十位数字为2的奇数,则为二等奖,奖金为50元;若抽取的小球是其余编号则不中奖. 现某顾客有放回的抽奖两次,两次抽奖相互独立. (I )求该顾客在两次抽奖中恰有一次中奖的概率; (II )记该顾客两次抽奖后的奖金之和为随机变量X ,求X 得分布列和数学期望 【答案】(I );(II ) 【解析】(I )记中一等奖为事件A ,中二等奖为事件B ,不中奖为事件C ; 由茎叶图知3()20P A =,51()204P B ==,3()5P C =,则中奖的概率为2()5P C = 故两次抽奖中恰有一次中奖的概率为:12()()()()25P C P C P C P C +=(II )X 可能的取值为0,50,100, 150, 200()202390525P X C ⎛⎫===⎪⎝⎭()12133504510P X C ==⨯=()22122133971004205400P X C C ⎛⎫==+= ⎪⎝⎭g ()1231315020440P X C ==⨯= ()223392002020400P X C ==⨯= X ∴的分布列为()55E X =元19.(本小题满分12分)如图,在三棱柱111ABC A B C -中,已知侧棱与底面垂直,90CAB ∠=o,且1AC =,2AB =,E 为1BB 的中点,M 为AC 上一点,23AM AC =u u u u r u u u r.(I )证明:1//CB 平面1A EM ;(II )若二面角11C A E M --的余弦值为55,求1AA 的长度. 【答案】(I )(II ) 【解析】以点A 为坐标原点,AB 为x 轴,AC 为y 轴,1AA 为z 轴,建立空间直角坐标系,并设1AA a =,则(0,0,0)A ,(2,0,0)B ,()0,1,0C ,()12,0,B a ,()10,0,A a ,2,0,2a E ⎛⎫ ⎪⎝⎭,20,,03M ⎛⎫⎪⎝⎭,()10,1,C a (I )()12,1,CB a =-u u u r ,12,0,2a A E ⎛⎫=- ⎪⎝⎭u u u r ,120,,3MA a ⎛⎫=- ⎪⎝⎭u u u u r故平面1A EM 的一个法向量为(),6,4n a a =r ,故10CB n =u u u r r g ,即1CB n ⊥u u u r r1//CB ∴平面1A EM(II )()110,1,0AC =u u u u r ,12,0,2a A E ⎛⎫=- ⎪⎝⎭u u u r ,120,,3MA a ⎛⎫=- ⎪⎝⎭u u u u r 故平面11C A E 的一个法向量为()1,0,4n a =u r, 平面1MA E 的一个法向量为()2,6,4n a a =u u r,即22255163716a a =++,解得2a =,2a =-(舍去) 故1AA 的长度为2PS :第一问可以连接1AB 交1A E 于点F ,连接MF ,可证1//MF CB 20.(本小题满分13分)已知椭圆2222:1(0)x y C a b a b+=>>的左右焦点分别为12,F F ,抛物线24y x =与椭圆C 有相同的焦点,点P 为抛物线与椭圆C 在第一象限的交点,且17||3PF =. (I )求椭圆C 的方程;(II )与抛物线相切于第一象限的直线l ,与椭圆相交于,A B 两点,与x 轴交于M 点,线段AB 的垂直平分线与y 轴交于N 点,求直线MN 斜率的最小值.【答案】(I )22143x y +=;(II)【解析】(I )解法一:可设点P 的坐标为2,4y y ⎛⎫ ⎪⎝⎭,则22249149y y ⎛⎫++= ⎪⎝⎭,解得283y =,2803y =-(舍去),将P 点坐标代入抛物线方程式可得2248193a b+=,又221a b -=,联立可解得23b =,24a =,所以椭圆的方程为22143x y += 解法二:抛物线的焦点坐标为()1,0,故221a b -=设2||PF t =,由抛物线定义,得点P 到直线1x =-的距离为t .123cos 7tPF F ∴∠=. 又由余弦定理可得,2124944cos 7223t PF F +-∴∠=⨯⨯,即24943477223t t +-=⨯⨯解得53t =或133t =-(舍去)由椭圆定义,得12||||42PF PF a +==,故2,a b ==∴椭圆方程为22143x y += (II )设切点坐标为()2000,04y y y ⎛⎫> ⎪⎝⎭,则20002:4y l y y x y ⎛⎫-=- ⎪⎝⎭整理,得002:2y l y x y =+. 20,04y M ⎛⎫∴- ⎪⎝⎭联立直线方程和椭圆方程可得220201638120x x y y ⎛⎫+++-= ⎪⎝⎭设()()1122,,,A x y B x y ,201220420012200831612316y x x y y y x x y ⎧⎪∆>⎪⎪-⎪∴+=⎨+⎪⎪-⎪=+⎪⎩, AB ∴的中点坐标为32002200342,316316y y y y ⎛⎫ ⎪- ⎪++ ⎪⎝⎭AB ∴的垂直平分线方程为3200022003423162316y y y y x y y ⎛⎫-=-+ ⎪++⎝⎭即2020120,316y N y ⎛⎫- ⎪ ⎪+ ⎪⎝⎭ 0202316MN y k y -∴=+002000220,163163MN y y k y y y -->∴==≥++Q 21.(本小题满分14分)设函数()ln f x x =(I )求函数()1()g x x f x =--的极小值;(II )若关于x 的不等式1()1x mf x x -≥+在[1,)+∞上恒成立,求实数m 的取值范围. (III )已知(0,)2πα∈,试比较(tan )f α与cos2α-的大小,并说明理由.【答案】(I )(1)0g =;(II )12m ≥;(III )见解析 【解析】 (I )()1()1ln g x x f x x x =--=--,则'11()1x g x x x-=-=()g x ∴在(0,1)上单调递减,在()1,+∞上单调递增 ∴当1x =时,函数()g x 取得极小值(1)0g =.(II )【解法一】当1x =时,m R ∈;当1x >时,不等式111()1ln 1x x mf x m x x x --≥⇔≥++g 令()11()1ln 1x h x x x x -=>+g ,则()()'2212ln ()ln 1x x x h x x x ⎛⎫-- ⎪⎝⎭=+ 令()1()2ln 1x x x x x ϕ⎛⎫=--≥ ⎪⎝⎭,则()2'22121()10x x x x x ϕ--=--=≤()()10x ϕϕ∴≤=,即'()0h x ≤函数()h x 在(1,)+∞上单调递减 由洛必达法则,的11lim ()2x h x →= 12m ∴≥ 【解法二】 11()ln 011x x mf x m x x x --≥⇔-≥++ 令1()ln 1x h x m x x -=-+,则2'2(1)2()(1)m x x h x x x +-=+ 0(1)0,1h x =∴∃>Q ,使得函数()h x 在[1,)+∞上单调递增.2221(1)2x m x x x∴≥=+++在0[1,]x 上恒成立 故12m ≥ 经验证,当12m ≥时,函数'()0h x ≥,函数()h x 在[1,)+∞上单调递增,满足题意 (III )令()ln(tan )cos 2F ααα=+,则'2(1sin 2)()sin 2F ααα-= 0,2πα⎛⎫∈ ⎪⎝⎭Q ,sin 20α∴>,'()0F α∴>故()F α单调递增又04F π⎛⎫= ⎪⎝⎭∴当04πα<<,(tan )cos 2f αα<- 当4πα=,(tan )cos 2f αα=- 当42ππα<<,(tan )cos 2f αα>-。

2016届高三诊断性大联考(一)数学(理)试卷(含解析)

2016届高三诊断性大联考(一)数学(理)试卷(含解析)

绝密★启用前数学(理科)班级姓名注意事项:1.本试卷分第I 卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

考试时间120分钟,总共150分。

2.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

3.回答第I 卷时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

回答第Ⅱ卷时,将答案写在答题卡上,答在本试卷上无效。

4.考试结束后,将试卷和答题卡一并交回。

第I 卷(选择题共60分)一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合 题目要求的.1.已知集合A ={X ∣X-1>0},集合 B={X ∣∣X ∣≤2},则A ∩B= A. (-1,2) B. [-2,2] C. (1,2] D.[-2,+∞)2.复数Z 满足(1-2i)z =(1+i)2,则z 对应复平面上的点的坐标为 A.(-54 ,52 ) B.(-52 ,53 ) C.(54,-52) D.(52,53) 3.已知向量a 、b ,其中a=(-2,-6),b= ,a •b=-10 ,则a 与b 的夹角为A.1500B.-300C.-600D.12004.设a , b 表示两条不同的直线, α、β、γ表示三个不同的平面,则下列命题中正确的是A.若a 丄α,且a 丄b,则b ∥aB.若γ丄α且γ丄β,则α∥βC.若a ∥α且a ∥β, 则α∥βD.若γ∥α且γ∥β,则α∥β5.函数f(x)=asin3x+bx 3+4,其中 a ,b ∈R ,f'(x)为f(x)的导函数,则f( 2014 )+f(-2014 ) +f'( 2015 )-f'(-2015) = A. 0B. 2014C. 8D. 20156.已知右边程序框图(如图),若输入a 、b 分别为10、4,则输出的a 的值为A.0B.2C.4D.147.在△ABC 中,角A 、B 、C 所对应的边长分别为a 、b 、c ,若asinA+bsinB=2sinC,则cosC 的最小值为A. B.C.21 D. -21 8.有如下几种说法:①若pVq 为真命题,则p 、q 均为真命题; ②命题“∃x 0∈R ,2x0≤ 0”的否定是∀x ∈R,2X>0;③直线l:y=kx+l 与圆O:x 2+y 2=1相交于A 、B 两点,则“k =l”是△OAB 的面积为21的充分而不必要条件;④随机变量ξ-N(0,1),已知φ (-1.96)=0.025,则 P( ξ∣f ∣< 1.96 )=0.975. 其中正确的为A. ①④B.②③C. ②③④D.②④ 9.将函数f(x)=Sin(2x+3π)的图象向右平移2π个单位长度,得到函数y=g(x)的图象,则dx x g ⎰π)(A. 0B. πC.2D.110.任取k ∈[-1,1],直线 L:y=kx+3 与圆 C:(x-2)2+(y-3) 2=4 相交于M 、N 两点,则∣MN ∣≥的概率为A. 33B. 23 C. 32 D. 2111.已知函数f (x )g(x)= 54-f(1-x),则函数y=f(x)-g(x)的零点的个数为 A.2 B.3 C.4 D.512.多面体的三视图如图所示,则该多面体表面积为(单位cm 2) A.28+B. 30+C. 28+D. 28+第Ⅱ卷(非选择题共90分)二、填空题:本大题共4小题,每小题5分. 13.二项式(2x+x1)6的展开式中的常数项是 .14.实数x 、y 满足条件的最小值为 .15.已知sina=53 ,α∈(0, 2π),tan β=41,则 tan(α+β))= . 16.已知AB 是圆C:(x+2)2+(y-l)2=52的一条直径,若楠圆 x 2+4y 2=4b 2(b ∈R)经过 A 、B 两点,则该椭圆的方程是 .三、解答题:本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤. 17.(本小题满分12分)已知各项均为正数的等差数列{a n },且a 2+b 2=20,a 1+a 2=64. (I)求数列{a n }的通项公式; (Ⅱ)设b n =nX 42an,求数列的前n 项和.18.(本小题满分12分)如图,在四边形ABCD 中,△ABC 是边长为2的等边三角形, AD 丄DC ,AD=DC ,E 、F 是平面ABCD 同一侧的两点,BE 丄平面ABCD, DF 丄平面ABCD ,且DF=1. (I)若AE 丄CF ,求 BE 的值;(Ⅱ)求当BE 为何值时,二面角E-AC-F 的大小是60°. 19. (本小题满分12分)2015年10月4日,强台风“彩虹”登陆广东省湛江市,“彩虹”是1949年以来登陆中国陆地的最强台风。

【备战2019高考】黄金100题解读与扩展系列 专题1 两个计数原理 含解析

【备战2019高考】黄金100题解读与扩展系列 专题1 两个计数原理  含解析

I .题源探究·黄金母题【例1】随着人们生活水平的提高,某城市家庭汽车拥有量迅速增长,汽车牌照号码需要扩容.交通管理部门出台了一种汽车牌照组成办法,每一个汽车牌照都必须有3个不重复的英文字母和3个不重复的阿拉伯数字,并且3个字母必须合成一组出现,三个数字也必须合成一组出现,那么这种方法共能给多少汽车上牌照?【解析】将汽车牌照分为两类,即字母组合在左.字母组合在右边.字母在左时,分6步确定一个牌照的字母与数字: 第1步,从26个字母中选1个,放在首位,有26种选法; 第2步,从剩余的25个字母中选1个,放在第2位,有25种选法;第3步,从剩余的24个字母中选1个,放在第3位,有24种选法;第4步,10个数字中选1个,放在第4位,有10种选法; 第5步,从剩余的9个数字中选1个,放在第5位,有9种选法;第6步,从剩余的8个数字中选1个,放在第6位,有8种选法;根据分步计数原理,字母组合在左的牌照个数为 26×25×24×23×10×9×8=11232000. 同理,字母组合在右的牌照个数也为11232000.所以,根据分类计数原理,共能给 11232000+11232000=22464000. 辆汽车上牌照.精彩解读【试题来源】人教版A 版选修2-3第9页例9. 【母题评析】本题考查利用分类计数原理与分步计数原理计算简单的计数问题.【思路方法】认真阅读试题,探究需要分类还是需要分步,还是既要分类又要分步,然后按分析计算每类(或每步)的不同的方法数,再根据相应的计数原理计算出总的方法数.II .考场精彩·真题回放【例2】【2016高考新课标3理数】定义“规范01数列”{}n a 如下:{}n a 共有2m 项,其中m项为0,m 项为1,且对任意2k m ≤,12,,,k a a a 中0的个数不少于1的个数.若4m =,则不同的“规范01数列”共有()(A)18个(B)16个(C)14个(D)12个【答案】C【解析】由题意,得必有1a=,81a=,则具体的排法列表如下:0 1 1 1110 1 110 11 010 1 110 11 01 00 11 01 00 1 110 11 01 00 11 0求计数的结果不太大时,往往利用表格法、树枝法将其所有可能一一列举出来,常常会达到岀奇制胜的效果.【例3】【2013年高考山东,理】用0,1,2,...9十个数字,可以组成有重复数字的三位数的个数为A.243B.252C.261D.279【答案】B【命题意图】本类题问题主要考查利用分类计数原理和分步计数原理解决计数问题,考查考生运算求解能力.【考试方向】这类试题在考查题型上,通常以选择题或填空题的形式出现,难度中等偏易,考查利用两个计数原理解决实际问题的能力.【难点中心】解答此类问题的关键是认证阅读试题,弄清需要分类还是需要分步还是既要分类又要分步,判定方法是一种方法是否能独立完成任务,若能,若完成任务的方法类型不同,则需要分类,否则不需要分类,分类时要做到不重不漏;若一种方法不能独立完成任务,需要几步完成都完成才能完成,则需要分布.III .理论基础·解题原理考点一 分类加法计数原理(加法原理)一般形式:完成一件事有n 类不同方案,在第1类方案中有1m 种不同的方法,在第2类方案中有2m 种不同的方法,……,在第n 类方案中有n m 种不同的方法,那么完成这件事共有N=1m +2m +……+n m 种不同的方法. 考点二 分步乘法计数原理(乘法原理)一般形式:完成一件事需要n 个步骤,做第1步有1m 种不同的方法,做第2步有2m 种不同的方法,……,做第n 步有n m 种不同的方法,那么完成这件事共有N=12n m m m ⨯⨯⨯…种不同的方法.考点三 两个原理的区别1.“每类”间与“每步”间的关系不同:分类加法计数原理中的每一类方案中的任何一种方法、不同类之间的任何一种方法都是相互独立,互不依赖的,且是一次性的;而分步乘法计数原理中的每一步是相互依赖,且是连续性的.2.“每类”与“每步”完成的效果不同:分类加法计数原理中所描述的每一种方法完成后,整个事件就完成了,而分步乘法计数原理中每一步中的每一种方法得到的只是中间结果,任何一步都不能独立完成这件事.IV .题型攻略·深度挖掘 【考试方向】这类试题在考查题型上,通常基本以选择题或填空题或古典概型、随机变量分布列大题的形式出现,小题难度中等偏下,大题为中档难度,有时也会与平面几何、立体几何等知识交汇. 【技能方法】1.计数问题中应用计数原理判定方法:如果已知的每类方法中的每一种方法都能单独完成这件事,用分类加法计数原理;如果每类方法中的每一种方法只能完成事件的一部分,用分步乘法计数原理.2.利用分类计数原理解决问题时: (1)将一个比较复杂的问题分解为若干个“类别”,先分类解决,然后将其整合,如何合理进行分类是解决问题的关键.(2)要准确把握分类加法计数原理的两个特点:①根据问题的特点确定一个合适的分类标准,分类标准要统一,不能遗漏;②分类时,注意完成这件事情的任何一种方法必须属于某一类,不能重复;③对于分类问题所含类型较多时也可考虑使用间接法.3.利用分步乘法计数原理解决问题时要注意:(1)要按事件发生的过程合理分步,即考虑分步的先后顺序.(2)各步中的方法互相依存,缺一不可,只有各步骤都完成才算完成这个事件.(3)对完成各步的方法数要准确确定.4.用两个计数原理解决计数问题时,关键是明确需要分类还是分步.(1)分类要做到“不重不漏”,分类后再分别对每一类进行计数,最后用分类加法计数原理求和,得到总数.(2)分步要做到“步骤完整”,只有完成了所有步骤,才完成任务,根据分步乘法计数原理,把完成每一步的方法数相乘,得到总数.(3)对于复杂问题,可同时运用两个计数原理或借助列表、画图的方法来帮助分析,使问题形象化、直观化.(4)在应用分类加法计数原理和分步乘法计数原理时,一般先分类再分步,每一步当中又可能用到分类加法计数原理. 【易错指导】1.分类加法计数原理在使用时易忽视每类做法中每一种方法都能完成这件事情,类与类之间是独立的.2.分步乘法计数原理在使用时易忽视每步中某一种方法只是完成这件事的一部分,而未完成这件事,步步之间是相关联的.V .举一反三·触类旁通 考向1 分类计数原理应用【例1】【2016届四川泸州市高三教学诊断性考试三数学(理)】某学校一共排7节课(其中上午4节,下午3节),某教师某天高三年级1班和2班各有一节课,但他要求不能连排2节课(其中上午第4节和下午第1节不算连排),那么该教师这一天的课的所有可能的排法种数共有( )A .16B .15C .32D .30 【答案】C【解析】运用分类计数原理求解:若第一节排课,则有5种排课方式;若第二节排课,则有4种排课方式;若第三节排课,则有3种排课方式;若第四节排课,则有3种排课方式;若第五节排课,则有1种排课方式.由分类计数原理共有32)13345(2=++++种排课方式.故应选C. 【方法指导】对只有一个限定条件的排列问题,可以用分类计数原理计算. 【跟踪训练】【2015-2016学年广西宾阳中学高二3月月考理】从甲地到乙地有两种走法,从乙地到丙地有4种走法,从甲地不经过乙地到丙地有3种走法,则从甲地到丙地共有__________种不同的走法. 【答案】11【解析】直接从甲地到丙地有三种走法,经过乙地到丙地有248⨯=种走法,所以合计有3811+=种走法考向2 分步计数原理应用【例】【2015-2016学年福建师大附中高二下期末数学(理)】如图,电路中共有7个电阻与一个电灯A ,若灯A 不亮,则因电阻断路的可能性的种数为( )A.12B.28C.54D.63 【答案】D【思路点睛】每个电阻都有断路与通路两种情况,图中从上到下有3条支线,分别记为a 、b 、c ,支线a 、b 中,至少有一个电阻断路的情况有3种,c 中至少有一个电阻断路的情况有23-1=7种,再根据分步计数原理求得结果. 【跟踪训练】【2015-2016学年海南文昌中学高二下期末理】2008年北京奥运会组委会要从小张、小赵、小李、小罗、小王五名志愿者中选派四人分别从事翻译、导游、礼仪、司机四项不同工作,若其中小张和小赵只能从事前两项工作,其余三人均能从事这四项工作,则不同的选派方案共有 ( )A .48种B .36种C .18种D .12种 【答案】B【解析】先安排后两项工作,共有32⨯种方案,再安排前两项工作,共有32⨯种方案,故不同的选派方案共有3232=36⨯⨯⨯种方案,选B.考向3 分类计数原理与分步计数原理的综合应用【例3】【2016届四川省成都市石室中学高三5月一模理】从9名高三年级优秀学生中挑选3人担任年级助理,则甲、乙至少有1人入选,而丙没有入选的不同选法的种数为( ) A .20 B .36 C .49 D .56 【答案】B【解析】第1类,甲、乙恰有1人入选,第1步在甲、乙中选1人,有2种不同方法,第2步,在除过甲、乙、丙外6人中选2人有26C 种方法,根据分步计数原理,有262C =30种不同方法;第2类,甲乙都入选,在除过甲、乙、丙外6人中选1人有6种不同方法,根据分类计数原理,不同选法数为30+6=36,故选B.【方法指导】对计数问题,要分析是需要分类还是需要分步,在每类或每步中在考虑分类或分步. 【跟踪训练】【2015-2016学年湖北省黄冈市蕲春县高二下期中理】某地政府召集5家企业的负责人开会,其中甲企业有2人到会,其余4家企业各有1人到会,会上有3人发言,则这3人来自3家不同企业的可能情况的种数为( ) A .14 B .16 C .20 D .48 【答案】B考向4 住店问题【例4】【2016届湖南省高考冲刺卷(理)(三)数学卷】某校高一开设4门选修课, 有4名同学, 每人只选一门, 恰有2门课程没有同学选修, 共有 种不同的选课方案.(用数字作答) 【答案】84【解析】先确定同学选修的2门:246C =,再确定4名同学选法42214-=,共有61484⨯=种不同的选课方案.【方法指导】对于“住店”问题,首项要分析清楚谁选谁的问题,然后逐个安排,然后用分类计数原理计算. 【跟踪训练】【2015-2016学年山西省怀仁一中高二下期末理科数学试卷】四名同学报名参加三项课外活动,每人限报其中的一项,不同报名方法共有( )A .12B .64C .81D .7 【答案】C【解析】对于三项活动来讲,每名同学都能选报,因此有813333=⨯⨯⨯种报名方法,应选C.考向5 染色问题【例5】【2017届内蒙古杭锦后旗奋斗中学高三上入学摸底】用红、黄、蓝三种颜色去涂图中标号为92,1 的9个小正方形,使得任意相邻(有公共边)的小正方形所涂颜色都不相同,且标号为“3,5,7”的小正方形涂相同的颜色,则符合条件的所有涂法共有( )种A .18B .36C .72D .108 【答案】D【解析】3(1222)(1222)⨯⨯⨯+⨯⨯⨯+108=.故选D . 【名师点睛】利用两个计数原理解决应用问题的一般思路 (1)弄清完成一件事是做什么.(2)确定是先分类后分步,还是先分步后分类. (3)弄清分步、分类的标准是什么. (4)利用两个计数原理求解. 【跟踪训练】【2015-2016学年江西省于都三中高二第三次月考理】用红、黄、蓝三种颜色去涂图中标号为92,1 的9个小正方形,使得任意相邻(有公共边)的小正方形所涂颜色都不相同,且标号为“3,5,7”的小正方形涂相同的颜色,则符合条件的所有涂法共有( )种A .18B .36C .72D .108 【答案】D。

四川省绵阳中学2023-2024学年高三上学期一诊模拟(三)数学(理科)试题

四川省绵阳中学2023-2024学年高三上学期一诊模拟(三)数学(理科)试题

四川省绵阳中学2023-2024学年高三上学期一诊模拟(三)数学(理科)试题学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________ A.45.25m B.50.76mA.52B.10.已知实数0x>,则函数A.(0,)+¥B.11.若函数()y f x=满足由图知:AD BC EC ==,D Ð所以,DM EM AM CM ==,而令,AM a DM x a ==-且2a >所以222(6)()x x a a a -+-=Þ构造函数()()2e 0m f m m mt m =-+>,所以原问题等价于存在两个不等的正实数x ,y ,使得()()f x f y =,显然函数()f m 不是正实数集上的单调函数,()()e 20m f m m t m ¢=-+>,设()()()e 20e 2m m g m m m g m ¢=->Þ=-,当ln 2m >时,()()0,g m g m ¢>单调递增,当0ln 2m <<时,()()0,g m g m ¢<单调递减,故()()minln 22ln 2g m g ==-,当2ln 20t -+³时,即ln 22t ³-时,()()0,f m f m ¢³单调递增,所以不符合题意;当2ln 20t -+<时,即ln 22t <-时,显然存在0m ,使得()00f m ¢=,因此一定存在区间()()00,0m m e e e -+>,使得()f m ¢在()()0000,,,m m m m e e -+上异号,因此函数()f m 在()()0000,,,m m m m e e -+上单调性不同,因此一定存在两个不等的正实数x ,y ,使得()()e e x y x y x y t -+-=-成立,故答案为:),2l 2(n2-¥-【点睛】关键点睛:本题的关键是由()()e e x y x y x y t -+-=-构造函数()()2e 0m f m m mt m =-+>.17.(1)21n a n =-(2)证明见解析【分析】(1)根据等差数列的通项公式进行求解即可;。

四川省成都市2025届高三理综第三次诊断性检测试题

四川省成都市2025届高三理综第三次诊断性检测试题

四川省成都市2025届高三理综第三次诊断性检测试题第I卷(共126分)一、选择题:本题共13个小题,每小题6分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.下列有关神经调整和体液调整的叙述,正确的是A.能进行体液调整的动物都能进行神经调整B.动物体内能产生兴奋的细胞都是神经细胞C.人体内具有分泌功能的细胞都能产生激素D.高等动物的两种调整方式都存在分级调整2.下列对某一癌症患者体内造血干细胞和癌细胞的比较,正确的是A.造血干细胞和癌细胞的细胞周期不肯定相同B.造血干细胞和癌细胞中的基因和mRNA都相同C.癌细胞的分裂实力和分化实力都比造血干细胞强D.原癌基因在癌细胞中表达但在造血干细胞中不表达3.下图表示植物细胞中的某些代谢过程,其中①~⑥代表各种物质。

下列叙述错误的是A.光照强度是影响①②间循环速率的重要因素B.③转化为④时间能就转化成了活跃的化学能C.物质⑤和⑥进行跨膜运输时都不需消耗能量D.①②的循环速率与③④的循环速率相互制约4.下列有关酶的试验设计中,所选材料与试剂最合理的组别是5.某二倍体水稻品系中,高镉对低镉为显性,耐盐对不耐盐为显性。

科研人员将低镉不耐盐水稻和高镉耐盐水稻进行杂交,再将F1自交得到F2,F2中出现了3/16的低镉耐盐水稻。

下列说法错误的是A.水稻体内含镉量凹凸与是否耐盐两对性状独立遗传B.将F1水稻的花粉离体培育可干脆获得可育低镉植株C.F2代低镉耐盐水稻植株中只有一部分可以稳定遗传D.F2代水稻中出现变异类型的遗传学原理是基因重组6.紫外线对DNA分子的主要损伤方式是形成胸腺嘧啶二聚体,下图表示细胞中DNA分子发生这种损伤后的自动修复过程。

下列叙述错误的是A.胸腺嘧啶二聚体形成后可能会影响DNA的复制和转录B.图示DNA分子损伤后的修复过程可能须要多种酶参与C.DNA修复功能缺陷可能会引发基因突变导致恶性肿瘤D.DNA损伤引起的生物变异不能成为生物进化的原材料7.世界第一条大面积碲化镉薄膜“发电玻璃”生产线最近在成都投产,该材料是在玻璃表面镀一层碲化镉薄膜,光电转化率高。

  1. 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
  2. 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
  3. 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。

成都市2013级高中毕业班第三次诊断性检测
数学(理工类)
第Ⅰ卷(选择题,共50分)
一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知田径队有男运动员56人,女运动员42人,若按男女比例用分层抽样的方法,从全体运动员中抽出14人参加比赛,则抽到女运动员的人数为
A. 2
B. 4
C. 6
D. 8
2.命题()()"1,,ln 1"x x x ∀∈-+∞+<的否定是
A. ()()1,,ln 1x x x ∀∉-+∞+<
B. ()()0001,,ln 1x x x ∀∉-+∞+<
C. ()()1,,ln 1x x x ∀∈-+∞+≥
D. ()()0001,,ln 1x x x ∃∈-+∞+≥
3.已知复数2z i i
=-(其中i 为虚数单位),则z =
4.已知,αβ是空间中两个不同的平面,m 为平面β内的一条直线,则""αβ⊥是""m α⊥的
A. 充分不必要条件
B. 必要不充分条件
C. 充要条件
D. 既不充分也不必要条件
5.已知向量,a b 满足()2,3a a b a =-=-,则b 在a 方向上的投影为
A. 23
B. 23-
C. 12
D. 12
- 6. 某工厂用A,B 两种配件生产甲乙两种产品,每生产一件甲产品需用4个A 配件耗时1h ,每生产一件乙产品需用4个B 配件耗时2h ,该厂每天最多可从配件厂获得24个A 配件和16个B 配件,每
天生产总耗时不超过8h.若生产一件甲产品获利3万元,生产一件乙产品
获利4万元,则通过恰当的生产安排,该工厂每天可获得的最大利润为
A. 24万元
B.22万元
C. 18万元
D. 16万元
7.执行如图所示的程序框图,若依次输入1122210.6,0.6,3m n p -⎛⎫=== ⎪⎝⎭,
则输出的结果为
A. 1213⎛⎫ ⎪⎝⎭
B. 120.6
C. 20.6-
D. 3
20.6- 8.某学校食堂早餐只有花卷、包子、面条和蛋炒饭四种主食可供食用,有5名同学前去就餐,每人只选择其中一种,且每种主食都至少有一名同学选择.已知包子数量不足仅够一人食用,甲同学肠胃不好不会选择蛋炒饭,则这5名同学不同的主食选择方案种数为
A.144
B. 132
C. 96
D.48
9. 定义在()1,+∞上的函数()f x 同时满足:①对任意的()1,x ∈+∞恒有()()33f x f x = 成立;②当(]1,3x ∈时,()3.f x x =-记函数()()()1g x f x k x =--,若函数()g x 恰好有两个零点,则实数k 的取值范围是
A.()2,3
B. [)2,3
C. 9
,34⎛⎫ ⎪⎝⎭ D. 9,34⎡⎫⎪⎢⎣⎭
10. 已知O 为坐标原点,双曲线()22
22:10,0x y C a b a b
-=>>的左焦点为()(),00F c c ->,以OF 为直径的圆交双曲线C 的渐近线于A,B ,O 三点,且()0AO AF OF +=.关于x 的方程20ax bx c +-=的两个实数根分别为1x 和2x ,则以12,,2x x 为边长的三角形的形状是
A. 钝角三角形
B. 直角三角形
C. 锐角三角形
D. 等腰直角三角形
第Ⅱ卷(非选择题,共100分)
二、填空题:(大题共5小题,每小题5分,共25分.
11.计算:sin 65cos35sin 25sin35-= .
12. 一块边长为8cm 的正方形铁板按如图所示的阴 影部
分裁下,然后用余下的四个全等的等腰三角形加工成一个
正四棱锥(底面是正方形,从顶点向底面作垂线,垂足为
底面中心的四棱锥)形容器,O 为底面ABCD 的中心,则侧
棱SC 与底面ABCD 所成角的余弦值为
13. 已知椭圆()22
:101616x y C n n
+=<<的两个焦点分别为12,F F ,过1F 的直线交椭圆C 于A,B 两点,若22AF BF +的最大值为10,则n 的值为 .
14. 若直线()2101,0ax by a b +-=>->经过曲线()cos 101y x x π=+<<的对称中心,则的
121a b
++最小值为 . 15.函数()()0,0b f x a b x a
=>>-,因其图象像“囧”字,被称为“囧函数”.我们把函数()f x 的图像与y 轴的交点关于原点对称的点称为函数()f x 的“囧点”;以函数()f x 的“囧点”为圆心,与函数()f x 的图象有公共点的圆,皆称为函数()f x 的“囧圆”.当1a b ==时,有以下命题:
①对任意()0,x ∈+∞,都有()1f x x >
成立; ②存在0,63x ππ⎛⎫∈ ⎪⎝
⎭,使得()00tan f x x <成立;
③函数()f x 的“囧点”与函数ln y x =
④函数()f x 的所有“囧圆”中其周长的最小值为.
其中正确的命题序号有 .(写出所有正确命题的序号)
三、解答题:本大题共6小题,满分70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
16.(本小题满分10分)
已知函数()22sin cos 44f x x x x ππ⎛⎫⎛⎫=++
++ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
(1)求函数()f x 的单调递增区间;
(2)在ABC ∆中,内角A,B,C 的对边分别为,,a b c ,角A 满足()1f A =,若3,s i n 2s i n a B C ==,求b 的值.
17.(本小题满分12分)
如图,在三棱台DEF ABC -中,已知底面AB C 是以AB 为斜边的直角三角形,FC ⊥底面ABC ,AB=2DE,G,H 分别为AC,BC 的中点.
(1)求证:平面ABED//平面GHF;
(2))若BC=CF=12A B=1,求二面角A-DE-F 的余弦值.
18.(本小题满分12分)
某高校一专业在一次自主招生中,对20名已经选拔入围的学生进行语言表达能力和逻辑思维能力测试,结果如下表:
由于部分数据丢失,只知道从这20名参加测试的学生中随机抽取一人,抽到语言表达能力优秀或逻辑思维能力优秀的学生的概率为2.5
(1) 从参加测试的语言表达能力良好的学生中任意抽取2名,求其中至少有一名逻辑思维能力优秀的学生的概率;
(2))从参加测试的20名学生中任意抽取2名,设语言表达能力优秀或逻辑思维能力优秀的学生人数为X ,求随机变量X 的分布列及其均值.
19.(本小题满分12分)
已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,且330,.n n S a n N *+-=∈ (1)求数列{}n a 的通项公式;
(2)设数列{}n b 满足()211log 12n n b S +=
-,求12231111n n n T b b b b b b +=+++,求使5041009n T ≥成立的n 的最小值.
20.(本小题满分13分)
已知一动圆经过点()2,0M ,且在y 轴上截得的弦长为4,设动圆圆心的轨迹为曲线C.
(1)求曲线C 的方程;
(2)过点()1,0N 任意作相互垂直的两条直线12,l l ,分别交曲线C 于不同的两点A,B 和不同的两点D ,E.设线段AB,DE 的中点分别为P,Q.
①求证:直线PQ 过定点R ,并求出定点R 的坐标;
②求PQ 的最小值;
21.(本小题满分14分)
已知函数()x f x e =,其中 2.71828e =为自然对数的底数.
(1)设函数()()
()223,.g x x ax a f x a R =+--∈试讨论函数()g x 的单调性;
(2)设函数()()2,.h x f x mx x m R =--∈,若对任意121,,22x x ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦,且12x x >都有()()()21121221x h x x h x x x x x ->-成立,求实数m 的取值范围.。

相关文档
最新文档