2020版高分宝典高考数学二轮微专题复习(江苏专用)讲义:微专题十六等差、等比数列

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2020版高分宝典高考数学二轮微专题复习(江苏专用)作业:微专题二三角函数的图象与性1(作业)

2020版高分宝典高考数学二轮微专题复习(江苏专用)作业:微专题二三角函数的图象与性1(作业)

微专题二 三角函数的图象与性质一、填空题1. 已知ω>0,函数y=3sin的周期比振幅小1,则ω=________.(ωπx+π4)2. 将函数y=2sin3x的图像向左平移个单位长度得到y=f(x)的图像,则π12f的值为________.(π3)3. 若函数y=sin在x=2处取得最大值,则正数ω的最小值为(ωx+π6)________.4. 如果函数y =3cos(2x +φ)的图象关于点对称,那么|φ|的最小值为(4π3,0)________.5. 设函数f (x )=sin 4x -sin x cos x +cos 4x ,则f (x )的值域是________.6. 已知函数f (x )=sin ωx +cos ωx (ω>0),f +f =0,且f (x )在区间3(π6)(π2)上单调递减,则ω=________.(π6,π2)7. 若函数f (x )=sin(2x +φ)的图象向右平移个单位长度后所得的图(|φ|<π2)π12象关于y 轴对称,则函数f (x )在上的最小值为________.[0,π2)8. 设函数f (x )=sin,若方程f (x )=a 恰好有三个根,分(2x +π4)(x ∈[0,9π8])别为x 1,x 2,x 3(x 1<x 2<x 3),则2x 1+3x 2+x 3的值为________.9. 已知函数f (x )=2sin(ωx +φ)+1,f (α)=-1,f (β)=1,若(ω>0,|φ|<π2)|α-β|的最小值为,且f (x )的图象关于点对称,则函数f (x )的单调递增区3π4(π4,1)间是________.10.将函数y =sin x 的图象向左平移3个单位长度,得函数y =sin 3π43(|φ|<π)的图象(如图),点M ,N 分别是函数f (x )图象上y 轴两侧相邻的最(π4x +φ)高点和最低点,设∠MON =θ,则tan(φ-θ)的值为________.二、 解答题11.已知函数f (x )=A sin(ωx +φ) A >0,ω>0,Error!的部分图象如图所示.(1) 求函数f (x )的解析式;(2) 当x ∈时,求函数y =f (x -1)+f (x )的值域.[12,52]12. 已知函数f (x )=cos 2x +2sin x cos x -sin 2x ,x ∈R .3(1) 求函数f (x )的单调增区间;(2) 求方程f (x )=0在(0,π]内的所有解.13. 已知向量a =,b =,其中x ∈.(sin (x -π6),1)(12,cos (x +π3))[7π12,7π6](1) 若|a |=,求cos2x 的值;324(2) 求函数f (x )=a·b 的单调增区间和值域.14. 已知函数f (x )=2sin 2-cos2x -1,x ∈R .(π4+x )3(1) 求f (x )的最小正周期;(2) 若函数h (x )=f (x +t )的图象关于点对称,t ∈(0,π),求t 的值;(-π6,0)(3) 当x ∈时,不等式|f (x )-m |<3恒成立,求实数m 的取值范围.[π4,π2]。

2020版高分宝典高考数学二轮微专题复习(江苏专用)课件:微专题四平面向量的线性运算和坐标运算

2020版高分宝典高考数学二轮微专题复习(江苏专用)课件:微专题四平面向量的线性运算和坐标运算

目标 2 平面向量的坐标运算 例 2 (1) 已知△ABC 的内角 A,B,C 所对的边分别为 a,b,c,向量 m=(a, 3 b)与 n=(cosA,sinB)平行, 则 A=__________.
π 3
解析:因为 m∥n,所以 asinB- 3bcosA=0.由正弦定理,得 sinAsinB- 3
+nO→B,所以
C
︵ 在优弧AB上.
建立平面直角坐标系,不妨设半径为 1,则 A(0,1),B(1,0). 设 C(cosθ,sinθ)θ∈2π,2π, 代入O→C=mO→A+nO→B,可得 n=cosθ,m=sinθ,即 m+n=cosθ+sinθ= 2sinθ+π4. 又 θ+π4∈34π,94π,所以 m+n∈[- 2,1).
又A→C=A→B+A→D,所以λ2λ-+μ2μ==11,,
解得 λμ==6525,.
所以 λ+μ=85.
3. 在△ABC 中,已知 C=45°,O 是△ABC 的外心,若O→C=mO→A+nO→B(m,n∈R),
则 m+n 的取值范围是________. [- 2,1) 解析: 因为 C=45°,O 是△ABC 外心,所以∠AOB=90°,O→C=mO→A
根据等面积公式可得圆的半径
r=
2 ,即圆 5
C
的方程是(x-2)2+y2=45,
A→P=(x,y-1),A→B=(0,-1),A→D=(2,0),若满足A→P=λA→B+μA→D,
即xy= -21μ=,-λ, μ=2x,λ=1-y,所以 λ+μ=2x-y+1.
设 z=2x-y+1,即2x-y+1-z=0,点 P(x,y)在圆(x-2)2+y2=45上,
sinBcosA=0,又 sinB≠0,从而 tanA= 3,由于 0<A<π,所以 A=3π.

2020版高分宝典高考数学二轮微专题复习(江苏专用)课件:微专题十六等差、等比数列

2020版高分宝典高考数学二轮微专题复习(江苏专用)课件:微专题十六等差、等比数列

(2) 117 解析:解法 1: a1+a2=a11+q=49,
两式相除可得
a3+a4+a5+a6=a1q2+q3+q4+q5=40,
q2+q4=90,即 q2=-10(舍)或 q2=9.又 an>0,所以 q=3,故 a1=19,所以 a7+a8
+a9=a1q6(1+q+q2)=1 053,即a7+a98+a9=117.
(1) 3 解析:由 a8=a6+6a4 得 a2q6=a2q4+6a2q2,则有 q4-q2-6=0,所以 q2
=3(舍负).又 q>0,所以 q= 3,则 a3=a2q= 3.
(2)
3 5
解析:因为 SS2nn=4nn++12,所以令 n=1 可得,SS12=26=13,即2aa1+1 d=13,化
解法 2: 因为aa31+ +aa42=q2,aa51+ +aa62=q4,所以 a3+a4+a5+a6=(q2+q4)(a1+a2)=40. 即 q4+q2=90,解得 q2=9.又 an>0,所以 q=3.又aa71+ +aa82+ +aa93=q6,aa74+ +aa85+ +aa96=q3, 故 a1+a2+…+a6=q16+q13(a7+a8+a9)=40+49,解得 a7+a8+a9=1 053,即 a7+a98+a9=117.
2. 等差数列{an}中,已知 Sn 是其前 n 项和,a1=-9,S99-S77=2,则 S10=________.
0 解析:设公差为 d.因为S99-S77=2,所以9-2 1d-7-2 1d=2, 所以 d=2.因为 a1=-9,所以 S10=10×(-9)+10× 2 9×2=0.
3. 若公比不为 1 的等比数列{an}满足 log2(a1a2…a13)=13,等差数列bn满足 b7=a7, 则 b1+b2+…+b13 的值为________.

(江苏专用)2020版高考数学二轮复习专题六概率、统计、复数、算法、推理与证明第2讲统计课件文苏教版

(江苏专用)2020版高考数学二轮复习专题六概率、统计、复数、算法、推理与证明第2讲统计课件文苏教版

(2)方差: s2=n1[(x1--x )2+(x2--x )2+…+(xn--x )2]. 标准差: s= n1[(x1--x )2+(x2--x )2+…+(xn--x )2].
抽样方法 [典型例题] (1)(2019·南通市高三调研)为调查某高校学生对“一带一路”政策的了解情况, 现采用分层抽样的方法抽取一个容量为 500 的样本,其中大一年级抽取 200 人,大二 年级抽取 100 人.若其他年级共有学生 3 000 人,则该校学生总人数是________. (2)(2019·江苏名校高三入学摸底)某班有学生 45 人,现将所有学生按 1,2,3,…, 45 随机编号,并采用系统抽样的方法从中抽取 5 名学生参加学习情况问卷调查,已知 抽取的学生的编号分别为 3,a,21,b,39,则 a+b=________.
[解析] 总体容量为 6+12+18=36. 当样本容量是 n 时,由题意知,系统抽样的间隔为3n6,分层抽样的比例是3n6,抽取的 工程师人数为3n6×6=n6,技术员人数为3n6×12=n3,技工人数为3n6×18=n2,所以 n 应 是 6 的倍数,36 的约数,即 n=6,12,18. 当样本容量为(n+1)时,总体容量是 35 人,系统抽样的间隔为n3+51,因为n3+51必须是 整数,所以 n 只能取 6.即样本容量 n=6. [答案] 6
[解析] 依题意,女运动员有 98-56=42(人).设应抽取女运动员 x 人,根据分层抽样 特点,得4x2=2988,解得 x=12. [答案] 12
2.某公路设计院有工程师 6 人,技术员 12 人,技工 18 人,要从这些人中抽取 n 个人 参加市里召开的科学技术大会.如果采用系统抽样和分层抽样的方法抽取,不用剔除 个体;如果参会人数增加 1 个,则在采用系统抽样时,需要在总体中先剔除 1 个个体, 则 n=________.

2020版高分宝典高考数学二轮微专题复习(江苏专用)作业:微专题七基本不等式(作业)

2020版高分宝典高考数学二轮微专题复习(江苏专用)作业:微专题七基本不等式(作业)

微专题七 基本不等式一、填空题1. 函数y=4x2+取最小值时x的值为_______________.9x22. 函数y=sin x+,x∈的最小值为________.4sin x(0,π2]3. 已知a,b为正数,且直线ax+by-6=0与直线2x+(b-3)y+5=0互相平行,则2a+3b的最小值为________.4. 已知函数f(x)=log2(x-2).若实数m,n满足f(m)+f(2n)=3,则m+n 的最小值是________.5. 已知正实数x,y满足(x-1)(y+1)=16,则x+y的最小值为________.6. 设x>0,y>0,x+2y=5,则的最小值为________.(x+1)(2y+1)xy7. 已知α,β为锐角,且tanα=,tanβ=,则当10tanα+3tanβ取得最小2tt15值时,α+β的值为________.8. 已知a,b为正实数,且(a-b)2=4(ab)3,则+的最小值为________.1a1b9.已知正实数a ,b 满足a +b =1,则+的最小值为2a 2+1a 2b 2+4b ________.10.已知关于x 的不等式ax 2+bx +c >0(a ,b ,c ∈R )的解集为{x |3<x <4},则的最小值为________.c 2+5a +b 二、 解答题11. (1) 已知x <,求函数y =的最大值;124x 2-2x +12x -1(2) 函数y =(x >-2)的最大值.x +22x +512. 设二次函数f (x )=ax 2+bx +c (a ,b ,c 为常数)的导函数为f ′(x ).对任意x ∈R ,不等式f (x )≥f ′(x )恒成立,求的最大值.b 2a 2+c 213. 如图所示的矩形区域长6 m ,宽4 m .现欲将矩形区域Ⅰ~Ⅳ设计成钢化玻璃舞台,将中间阴影部分设计成可升降的舞台,若区域Ⅰ和区域Ⅱ完全相同,长与宽之比为λ,区域Ⅲ和区域Ⅳ完全相同,长与宽之比为μ,λ>1,μ>1,区域Ⅱ和Ⅳ的较短边长分别为a m 和b m.(1) 试将a 和b 用λ,μ表示;(2)若λμ=9,当λ,μ为何值时可升降舞台的面积最大?并求出最大面积.14. 如图,射线OA 和OB 均为笔直的公路,扇形OPQ 区域(含边界)是一蔬菜种植园,其中P ,Q 分别在射线OA 和OB 上.经测量得,扇形OPQ 的圆心角(即∠POQ )为、半径为1千米,为了方便菜农经营,打算在扇形OPQ 区2π3域外修建一条公路MN ,分别与射线OA ,OB 交于M ,N 两点,并要求MN 与扇形弧相切于点S .设∠POS =α(单位:rad),假设所有公路的宽度均忽略不PQ ︵ 计.(1) 试将公路MN 的长度表示为α的函数,并写出α的取值范围;(2) 试确定α的值,使得公路MN的长度最小,并求出其最小值.。

2020年江苏高考数学第二轮考前专题精选含解析

2020年江苏高考数学第二轮考前专题精选含解析

2020年江苏高考数学考前专题精选含解析高考冲刺专题(一)1. 已知1,a 1,a 2,16成等差数列,1,b 1,b 2,b 3,16成等比数列,则b 2a 1+a 2的值为 417 . 解析:因为1,a 1,a 2,16成等差数列,所以a 1+a 2=1+16=17.因为1,b 1,b 2,b 3,16成等比数列,所以b 22=1×16且1,b 2,16同号,所以b 2a 1+a 2=417. 2. 已知实数a 1,a 2,a 3,a 4构成公差不为零的等差数列,且a 1,a 3,a 4构成等比数列,则此等比数列的公比q 等于 12 .解析:设公差为d(d ≠0),则a 23=a 1·a 4,即(a 1+2d)2=a 1(a 1+3d),解得a 1=-4d ,所以q =a 3a 1=a 1+2d a 1=12. 3. 已知数列{a n },{b n }满足a 1=1,且a n ,a n +1是函数f(x)=x 2-b n x +2n 的两个零点,则b 10= 64 .解析:依题意有a n a n +1=2n ,所以a n +1a n +2=2n +1,两式相除得a n +2a n =2,所以a 1,a 3,a 5,…成等比数列,a 2,a 4,a 6,…也成等比数列.又a 1=1,a 2=2,所以a 10=2×24=32,a 11=1×25=32.因为a n +a n +1=b n ,所以b 10=a 10+a 11=64.4. 已知x>0,y>0,x ,a 1,a 2,y 成等差数列,x ,b 1,b 2,y 成等比数列,那么(a 1+a 2)2b 1b 2的最小值是 4 . 解析:因为a 1+a 2=x +y ,b 1b 2=xy ,所以(a 1+a 2)2b 1b 2=(x +y )2xy =x 2+y 2+2xy xy=x 2+y 2xy +2≥2+2=4,当且仅当x =y 时取等号. 5. 在等比数列{a n }中,各项都是正数,且a 1,12a 3,2a 2成等差数列,则a 9+a 10a 7+a 8=解析:由题意得2×12a 3=a 1+2a 2,即a 3=a 1+2a 2设等比数列{a n }的公比为q 且q >0,则a 1q 2=a 1+2a 1q ,所以q 2=1+2q ,解得q =1+2或q =1-2(舍去),所以a 9+a 10a 7+a 8=a 9(1+q )a 7(1+q )=q 2=(2+1)2=3+2 2.6. 设S n 是等比数列{a n }的前n 项和,S 3,S 9,S 6成等差数列,且a 2+a 5=2a m ,则m = 8 .解析:当公比q =1时,2×9a 1=3a 1+6a 1,则a 1=0,舍去;当公比q ≠1时,2×a 1(1-q 9)1-q =a 1(1-q 3)1-q +a 1(1-q 6)1-q,所以 2q 6=1+q 3.又a 2+a 2q 3=a 2(1+q 3)=2a 2q 6,即2a 8=a 2+a 5,从而m =8.7. 已知等比数列{a n }的首项为2,公比为3,前n 项和为S n . 若log 3⎣⎢⎡⎦⎥⎤12a n (S 4m +1)=9,则1n +4m 的最小值是 52 . 解析:由题设知a n =2×3n -1,S 4m +1=2(1-34m )1-3+1=34m ,所以12a n (S 4m +1)=34m +n -1.又log 3⎣⎢⎡⎦⎥⎤12a n (S 4m +1)=9,所以4m +n -1=9,即4m +n =10,所以1n +4m =110(4m +n)(1n +4m )=110⎝ ⎛⎭⎪⎫17+4n m +4m n ≥52,当且仅当4n m =4m n ,即m =n =2时等号成立.8. 设数列{a n }是首项为a 1,公差为-1的等差数列,S n 为其前n项和. 若S 1,S 2,S 4成等比数列,则a 1的值为 -12 .解析:由题意得S 22=S 1S 4,且S 1=a 1,S 2=a 1+a 2=2a 1+d ,S 4=a 1+a 2+a 3+a 4=4a 1+6d ,d =-1,所以a 1=-12.9. 在等差数列{a n }中,已知首项a 1>0,公差d >0.若a 1+a 2≤60,a 2+a 3≤100,则5a 1+a 5的最大值为 200 .解析:由a 1+a 2≤60,a 2+a 3≤100得2a 1+d ≤60,2a 1+3d ≤100,a 1>0,d >0.由线性规划的知识得当5a 1+a 5=6a 1+4d 过点(20,20)时取最大值200.10. 已知数列{a n }满足a 1=43,2-a n +1=12a n +6(n ∈N *),则∑n i =11a i = 2×3n -2-n 4 . 解析:条件化为1a n +1=3a n +12,即1a n +1+14=3⎝ ⎛⎭⎪⎫1a n +14,所以1a n =3n -1-14,故∑n i =11a i=1-3n 1-3-n 4=2×3n -2-n 4. 11. 已知数列{a n }是公差不为零的等差数列,其前n 项和为S n ,满足S 5-2a 2=25,且a 1,a 4,a 13恰为等比数列{b n }的前三项,求数列{a n },{b n }的通项公式.解析:设等差数列{a n }的公差为d(d ≠0),则⎩⎨⎧5a 1+5×42d -2(a 1+d )=25,(a 1+3d )2=a 1(a 1+12d ),解得a 1=3,d =2,所以a n =2n +1.因为b 1=a 1=3,b 2=a 4=9,所以等比数列{b n }的公比q =3,所以b n =3n .12. 已知数列{a n },{b n }满足2S n =(a n +2)b n ,其中S n 是数列{a n }的前n 项和.(1) 若b n =n ,a 2=3,求数列{a n }的通项公式;(2) 在(1)的条件下,设c n =a n b n,求证:数列{c n }中的任意一项总可以表示成该数列其他两项之积.解析:(1) 若b n =n ,则2S n =na n +2n ,①所以2S n +1=(n +1)a n +1+2(n +1).②由②-①得2a n +1=(n +1)a n +1-na n +2,即na n =(n -1)a n +1+2.③当n ≥2时,(n -1)a n -1=(n -2)a n +2,④由③-④得(n -1)a n +1+(n -1)a n -1=2(n -1)a n ,即a n +1+a n -1=2a n .又由2S 1=a 1+2得a 1=2,所以数列{a n }是首项为2,公差为3-2=1的等差数列, 故数列{a n }的通项公式是a n =n +1.(2) 由(1)得c n =n +1n ,对于任意n ∈N *,若存在k ≠n ,t ≠n ,k ≠t ,k ,t ∈N *,使得c n=c k ·c t ,只需n +1n =k +1k ·t +1t ,即1+1n =⎝ ⎛⎭⎪⎫1+1k ⎝ ⎛⎭⎪⎫1+1t ,即1n =1k +1t +1kt ,则t =n (k +1)k -n ,取k =n +1,则t =n (n +2),所以对数列{c n }中的任意一项c n =n +1n ,都存在c n +1=n +2n +1和c n 2+2n =(n +1)2n 2+2n使得c n =c n +1·c n 2+2n . 13. (1) 若数列{a n }是等差数列,a 1=10,S n 是其前n 项和,且S n -10≤S n +1≤S n +10(n ∈N *),求公差d 的取值集合;(2) 若b 1,b 2,…,b k 成等比数列,公比q 是大于1的整数,b 1=10,b 2≤20,且b 1+b 2+…+b k >2 017,求正整数k 的最小值.解析:(1) 由S n -10≤S n +1≤S n +10,得-10≤a n +1≤10, 所以-10≤10+nd ≤10,所以-20n ≤d ≤0对任意的n ∈N *恒成立,所以d =0,所以公差d 的取值集合为{0}.(2) 因为b 1=10,b 2=10q ≤20,所以q ≤2.又公比q 是大于1的整数,所以q =2,所以b 1+b 2+…+b k =10(1-2k )1-2=10(2k -1)>2 017, 所以2k >202.7.又因为k 是正整数,所以k ≥8,即正整数k 的最小值为8.高考冲刺专题(二)1. 在数列{a n }中,若a 1=2,a n +1=a n +n +1,则数列{a n }的通项公式a n = n (n +1)2+1 . 解析:由题意得,当n ≥2时,a n =a 1+(a 2-a 1)+(a 3-a 2)+…+(a n -a n -1)=2+(2+3+…+n)=2+(n -1)(2+n )2=n (n +1)2+1.又a 1=2=1×(1+1)2+1,符合上式,因此a n =n (n +1)2+1. 2. 在数列{a n }中,若a 1=1,a n =n -1n a n -1(n ≥2),则数列{a n }的通项公式a n = 1n .解析:方法一:因为a n =n -1n a n -1(n ≥2),所以a n -1=n -2n -1×a n -2,…,a 2=12a 1,累乘得a n =1×12×23×…×n -1n =1n .方法二:因为a n =a n a n -1×a n -1a n -2×a n -2a n -3×…×a 3a 2×a 2a 1×a 1=n -1n ×n -2n -1×n -1n -2×…×1=1n . 3. 在数列{a n }中,若a n +1=2a n +3,a 1=1,则数列{a n }的通项公式a n = 2n +1-3 .解析:由题意得a n +1+3=2(a n +3).令b n =a n +3,则b 1=a 1+3=4,且b n +1b n=a n +1+3a n +3=2,所以数列{b n }是以4为首项,2为公比的等比数列,所以b n =4×2n -1=2n +1,所以a n =2n +1-3.4. 已知数列{a n }满足a 1=1,a 2=4,a n +2+2a n =3a n +1(n ∈N *),则数列{a n }的通项公式a n = 3×2n -1-2 .解析:由a n +2+2a n -3a n +1=0,得a n +2-a n +1=2(a n +1-a n ),所以数列{a n +1-a n }是以a 2-a 1=3为首项,2为公比的等比数列,所以a n +1-a n =3×2n -1,当n ≥2时,a n -a n -1=3×2n -2,…,a 3-a 2=3×2,a 2-a 1=3,将以上各式累加得a n -a 1=3×2n -2+…+3×2+3=3(2n -1-1),所以a n =3×2n -1-2(当n =1时,也满足).5. 在数列{a n }中,a 1=3,a n +1=a n +1n (n +1),则数列{a n }的通项公式a n = 4-1n W.解析:原递推公式可化为a n +1=a n +1n -1n +1,则a 2=a 1+11-12,a 3=a 2+12-13,a 4=a 3+13-14,…,a n -1=a n -2+1n -2-1n -1,a n =a n -1+1n -1-1n ,逐项相加得a n =a 1+1-1n ,故a n =4-1n . 6. 设S n 是数列{a n }的前n 项和,已知a 1=1,a n =-S n ·S n -1(n ≥2),则S n = 1n .解析:依题意得S n -1-S n =S n -1·S n (n ≥2),整理得1S n-1S n -1=1.又1S 1=1a 1=1,则数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫1S n 是以1为首项,1为公差的等差数列,所以1S n=1+(n -1)×1=n ,即S n =1n .7. 已知函数f(x)由下表定义:若a 1=5,a n +1=f(a n )(n =1,2,…),则a 2 017= 5 .解析:a 2=f(a 1)=f(5)=2,a 3=f(a 2)=f(2) =1,a 4=f(a 3)=f(1)=4,a 5=f(a 4)=f(4)=5,可知数列{a n }是周期为4的周期数列,所以a 2017=a 4×504+1=a 1=5.8. 对于正项数列{a n },定义H n =n a 1+2a 2+3a 3+…+na n为{a n }的“蕙兰”值,现知数列{a n }的“蕙兰”值为H n =1n ,则数列{a n }的通项公式为a n = 2-1n .解析:由题意得n a 1+2a 2+3a 3+…+na n =1n,即a 1+2a 2+3a 3+…+na n =n 2①,所以当n ≥2时,a 1+2a 2+3a 3+…+(n -1)a n -1=(n -1)2②,①-②得na n =n 2-(n -1)2=2n -1,所以a n =2-1n (n ≥2),当n =1时,a 1=1,也满足此通项公式,所以a n =2-1n .9. 已知数列{a n }满足a 1=2,a n +1=4a n -3n +1,n ∈N *,则数列{a n }的前n 项和S n = 4n -13+n (1+n )2. 解析:因为a n +1=4a n -3n +1,所以a n +1-(n +1)=4(a n -n ),所以a n +1-(n +1)a n -n=4,所以数列{a n -n }是以1为首项,4为公比的等比数列,所以a n -n =4n -1,所以a n =4n -1+n ,所以S n =(40+1)+(41+2)+…+(4n -1+n )=(40+41+…+4n -1)+(1+2+…+n )=1×(1-4n )1-4+n (1+n )2=4n -13+n (1+n )2. 10. 若数列{a n }满足a n +1+(-1)n a n =2n -1,则a n +2+a n = (-1)n (2n -1)+2n +1 .解析:由a n +1+(-1)n a n =2n -1,得a n +2=(-1)n a n +1+2n +1=(-1)n ·[(-1)n -1a n +2n -1]+2n +1=-a n +(-1)n (2n -1)+2n +1,即a n +2+a n =(-1)n (2n -1)+2n +1.11. 已知数列{a n }满足a 1=1,a n +1=2a n +1(n ∈N *).(1) 求证:数列{a n +1}是等比数列;(2) 求数列{a n }的通项公式.解析:(1) 由a n +1=2a n +1,得a n +1+1=2(a n +1).又a n +1≠0,所以a n +1+1a n +1=2,即数列{a n +1}为等比数列. (2) 由(1)知a n +1=2×2n -1=2n ,所以a n =2n -1.12. 已知数列{a n }的前n 项和为S n ,且满足S n =2-⎝ ⎛⎭⎪⎫2n +1a n (n ∈N *).(1) 求证:数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫a n n 是等比数列; (2) 设数列{S n }的前n 项和为T n ,求T n .解析:(1) 由a 1=S 1=2-3a 1,得a 1=12.因为S n =2-⎝ ⎛⎭⎪⎫2n +1a n , 所以S n -1=2-⎝ ⎛⎭⎪⎫2n -1+1a n -1(n ≥2), 于是a n =S n -S n -1=⎝ ⎛⎭⎪⎫2n -1+1a n -1-(2n +1)a n , 整理得a n n =12×a n -1n -1(n ≥2). 又a 11=12,所以数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫a n n 是首项及公比均为12的等比数列. (2) 由(1)知a n n =⎝ ⎛⎭⎪⎫12n ,所以a n =n 2n , 代入S n =2-⎝ ⎛⎭⎪⎫2n +1a n ,得S n =2-n +22n . 设数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫n +22n 的前n 项和为A n , 则A n =32+422+523+…+n +22n ,则12A n =322+423+…+n +12n +n +22n +1,两式相减得 12A n =32+122+123+…+12n -n +22n +1=2-n +42n +1,故A n =4-n +42n ,所以T n =2n -A n =n +42n +2n -4.13. 已知数列{a n }的前n 项和S n =(n +1)a n 2,且a 1=1. (1) 求数列{a n }的通项公式a n ;(2) 令b n =ln a n ,是否存在k(k ≥2,且k ∈N *),使得b k ,b k +1,b k +2成等比数列?若存在,求出所有符合条件的k 的值;若不存在,请说明理由.解析:(1) 方法一:当n ≥2时,a n =S n -S n -1=(n +1)a n 2-na n -12,即a n n =a n -1n -1,所以⎩⎨⎧⎭⎬⎫a n n 是首项为a 11=1的常数数列,所以a n n =1,即a n =n (n ∈N *).方法二:同方法一,得(n -1)a n =na n -1(n ≥2).同理得na n +1=(n +1)a n ,所以2na n =n (a n -1+a n +1),即2a n =a n -1+a n +1,所以数列{a n }成等差数列.又由a 1=1,得a 2=S 2-a 1,即a 2=2,所以公差d =2-1=1,所以a n =1+(n -1)=n (n ∈N *).方法三:同方法一,得a n a n -1=n n -1(n ≥2), 所以a n =a n a n -1×a n -1a n -2×a n -2a n -3×…×a 3a 2×a 2a 1×a 1=n n -1×n -1n -2×…×32×21×1=n ,当n =1时,a 1=1,也满足a n =n ,所以a n =n (n ∈N *).(2) 假设存在k (k ≥2,k ∈N *),使得b k ,b k +1,b k +2成等比数列,则b k b k +2=b 2k +1.因为b n =ln a n =ln n ,所以b k b k +2=ln k ·ln(k +2)≤⎣⎢⎡⎦⎥⎤ln k +ln (k +2)22=⎣⎢⎡⎦⎥⎤ln (k 2+2k )22<⎣⎢⎡⎦⎥⎤ln (k +1)222=[ln(k +1)]2=b 2k +1,这与b k b k +2=b 2k +1矛盾. 故不存在k (k ≥2,k ∈N *),使得b k ,b k +1,b k +2成等比数列.高考冲刺专题(三)1. 在等比数列{a n }中,a 4=2,a 5=5,则数列{lg a n }的前8项和等于 4 .解析:由题意得a 4a 5=2×5=10,所以数列{lg a n }的前8项和S =lg a 1+lg a 2+…+lg a 8=lg (a 1·a 2·…·a 8)=lg (a 4a 5)4=4lg (a 4a 5)=4lg 10=4.2. 数列1,1+2,1+2+22,1+2+22+23,…,1+2+22+23+…+2n -1,…的前n 项和S n = 2n +1-n -2 .解析:所求数列的通项公式为a n =1+2+22+…+2n -1=1-2n1-2=2n -1,所以其前n 项和为S n =(2-1)+(22-1)+…+(2n -1)=2(1-2n )1-2-n =2n +1-n -2.3. 设等比数列{a n }的前n 项和为S n ,已知a 1=2 016,且a n +2a n +1+a n +2=0(n ∈N *),则S 2 016= 0 W.解析:设q 为等比数列{a n }的公比,则a n +2a n q +a n q 2=0,即q 2+2q +1=0,所以q =-1,所以a n =(-1)n -1×2 016,所以S 2016=(a 1+a 2)+(a 3+a 4)+…+(a 2015+a 2016)=0.4. 已知等差数列{a n }的前n 项和为S n ,a 3=3,S 4=10,则∑nk =11S k = 2n n +1. 解析:设数列{a n }的首项为a 1,公差为d ,则a 3=a 1+2d =3,S 4=4a 1+6d =10,解得a 1=1,d =1,则a n =n ,S n =n (n +1)2,∑n k =11S k =21×2+22×3+…+2n (n -1)+2n (n +1)=2[⎝ ⎛⎭⎪⎫1-12+⎝ ⎛⎭⎪⎫12-13+…+⎝ ⎛⎭⎪⎫1n -1-1n +⎝ ⎛⎭⎪⎫1n -1n +1]=2⎝ ⎛⎭⎪⎫1-1n +1=2n n +1. 5. 数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫n ×12n 的前n 项和S n = 2-121-n 2n . 解析:S n =1×12+2×14+3×18+…+n ×12n ①,12S n =1×14+2×18+3×116+…+(n -1)×12n +n ×12n +1②, ①-②得12S n =12+14+18+…+12n -n ×12n +1=12⎝ ⎛⎭⎪⎫1-12n 1-12-n 2n +1=1-12n -n2n +1,所以S n =2⎝ ⎛⎭⎪⎫1-12n -n 2n +1=2-12n -1-n 2n . 6. 已知函数f(n)=⎩⎪⎨⎪⎧n 2, 当n 为奇数时,-n 2,当n 为偶数时,且a n =f(n)+f(n +1),则a 1+a 2+a 3+…+a 100= 100 .解析:由题意得a 1+a 2+a 3+…+a 100=12-22-22+32+32-42-42+52+…+992-1002-1002+1012 =-(1+2)+(3+2)-(4+3)+…-(99+100)+(101+100)=-(1+2+…+99+100)+(2+3+…+100+101)=-50×101+50×103=100.7. 一个只有有限项的等差数列,它的前5项和为34,最后5项和为146,所有项的和为234,则它的第7项为 18 .解析:据题意知a 1+a 2+a 3+a 4+a 5=34,a n -4+a n -3+a n -2+a n -1+a n =146.又因为a 1+a n =a 2+a n -1=a 3+a n -2=a 4+a n -3=a 5+a n -4,所以a 1+a n =36.又S n =12n(a 1+a n )=234,所以n =13,所以a 1+a 13=2a 7=36,所以a 7=18.8. 设数列{a n }满足a 1=1,(1-a n +1)(1+a n )=1(n ∈N *),则∑100k =1a k a k+1的值为 100101 .解析:因为(1-a n +1)(1+a n )=1,所以a n -a n +1-a n a n +1=0,从而1a n +1-1a n =1,即数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫1a n 是以1为首项,1为公差的等差数列,所以1a n=1+n -1=n ,所以a n =1n ,故a n +1a n =1(n +1)n =1n -1n +1,因此∑100k =1a k a k+1=⎝⎛⎭⎪⎫1-12+(12-13)+…+⎝ ⎛⎭⎪⎫1100-1101=1-1101=100101. 9. 已知正项数列{a n }的前n 项和为S n ,对任意n ∈N *,有2S n =a 2n +a n .令b n =1a n a n +1+a n +1a n,设数列{b n }的前n 项和为T n ,则在T 1,T 2,T 3,…,T 100中有理数的个数为 9 .解析:因为2S n =a 2n +a n ,所以2S n +1=a 2n +1+a n +1,两式相减,得2a n +1=a 2n +1+a n +1-a 2n -a n ,即a 2n +1-a 2n -a n +1-a n =0,即(a n +1+a n )(a n +1-a n -1)=0.又因为数列{a n }为正项数列,所以a n +1-a n -1=0,即a n +1-a n =1.令n =1,可得a 1=1,所以数列{a n }是以1为首项,1为公差的等差数列,所以a n =n , 所以b n =1n n +1+(n +1)n=(n +1)n -n n +1[n n +1+(n +1)n ][(n +1)n -n n +1]=(n +1)n -n n +1n (n +1)=1n -1n +1, 所以T n =1-1n +1, 所以T 1,T 2,T 3,…,T 100中有理数的个数为9.10. 设S n 是等比数列{a n }的前n 项和,a n >0,若S 6-2S 3=5,则S 9-S 6的最小值为 20 .解析:当q =1时,S 6-2S 3=0,不合题意,所以公比q ≠1,从而由S 6-2S 3=5得a 1(1-q 6)1-q -2a 1(1-q 3)1-q =5,从而得a 11-q=5-q 6+2q 3-1=5-(q 3-1)2<0, 故1-q<0,即q>1,故S 9-S 6=a 1(1-q 9)1-q -a 1(1-q 6)1-q=5-q 6+2q 3-1×(q 6-q 9)=5q 6q 3-1.令q 3-1=t>0,则S 9-S 6=5(t +1)2t =5⎝ ⎛⎭⎪⎫t +1t +2≥20,当且仅当t =1,即q 3=2时等号成立.11. 数列{a n }满足a n =2a n -1+2n +1(n ∈N *,n ≥2),a 3=27.(1) 求a 1,a 2的值;(2) 是否存在一个实数t ,使得b n =12n (a n +t )(n ∈N *),且数列{b n }为等差数列?若存在,求出实数t ;若不存在,请说明理由;(3) 在(2)的条件下,求数列{a n }的前n 项和S n .解析:(1) 由a 3=27,得27=2a 2+23+1,所以a 2=9.因为9=2a 1+22+1,所以a 1=2.(2) 假设存在实数t ,使得数列{b n }为等差数列,则2b n =b n -1+b n +1,即2×12n (a n +t )=12n -1(a n -1+t )+12n +1(a n +1+t ), 所以4a n =4a n -1+a n +1+t ,所以4a n =4×a n -2n -12+2a n +2n +1+1+t , 解得t =1,即存在实数t =1,使得数列{b n }为等差数列.(3) 由(1)(2)得b 1=32,b 2=52,所以b n =n +12,所以a n =b n ·2n -1=(2n +1)2n -1-1.S n =(3×20-1)+(5×21-1)+(7×22-1)+…+[(2n +1)×2n -1-1]=3+5×2+7×22+…+(2n +1)×2n -1-n ,①所以2S n =3×2+5×22+7×23+…+(2n +1)×2n -2n .② 由①-②得-S n =3+2×2+2×22+2×23+…+2×2n -1-(2n +1)×2n +n=1+2×1-2n1-2-(2n +1)×2n +n =(1-2n )×2n +n -1, 所以S n =(2n -1)×2n -n +1.12. 已知数列{a n }是等比数列,前n 项和为S n (n ∈N *),且1a 1-1a 2=2a 3,S 6=63.(1) 求数列{a n }的通项公式;(2) 若对任意的n ∈N *,b n 是log 2a n 和log 2a n +1的等差中项,求数列{(-1)n b 2n }的前2n 项和.解析:(1) 设数列{a n }的公比为q .由已知得1a 1-1a 1q =2a 1q 2, 解得q =2或q =-1.又由S 6=a 1·1-q 61-q=63,知q ≠-1, 所以a 1×1-261-2=63,解得a 1=1. 所以a n =2n -1.(2) 由题意得b n =12(log 2a n +log 2a n +1)=12(log 22n -1+log 22n )=n -12,即数列{b n }是首项为12,公差为1的等差数列.设数列{(-1)n b 2n }的前n 项和为T n ,则T 2n =(-b 21+b 22)+(-b 23+b 24)+…+(-b 22n -1+b 22n )=b 1+b 2+b 3+b 4+…+b 2n -1+b 2n =2n (b 1+b 2n )2=2n 2. 13. 已知数列{a n }与{b n }的前n 项和分别为A n 和B n ,且对任意n ∈N *,a n +1-a n =2(b n +1-b n )恒成立.(1) 若A n =n 2,b 1=2,求B n ;(2) 若对任意n ∈N *,都有a n =B n 及b 2a 1a 2+b 3a 2a 3+b 4a 3a 4+…+b n +1a n a n +1<13成立,求正实数b 1的取值范围.解析:(1) 因为A n =n 2,所以a 1=1.当n ≥2时,a n =A n -A n -1=n 2-(n -1)2=2n -1,当n =1时,上式也成立,所以a n =2n -1.因为对任意n ∈N *,a n +1-a n =2(b n +1-b n )恒成立,所以b n +1-b n =12(a n +1-a n )=1,所以数列{b n }是等差数列,公差为1,首项为2,所以B n =2n +n (n -1)2×1=12n 2+32n . (2) 由B n +1-B n =a n +1-a n =2(b n +1-b n )=b n +1,可得b n +1=2b n ,所以数列{b n }是等比数列,且公比为2,所以b n =b 1·2n -1,a n =B n =b 1(2n -1)2-1=b 1(2n -1), 所以b n +1a n a n +1=b 1·2n b 21(2n -1)(2n +1-1)=1b 1⎝ ⎛⎭⎪⎫12n -1-12n +1-1, 所以b 2a 1a 2+b 3a 2a 3+b 4a 3a 4+…+b n +1a n a n +1 =1b 1[⎝ ⎛⎭⎪⎫12-1-122-1+(122-1-123-1)+…+(12n -1-12n +1-1)] =1b 1⎝ ⎛⎭⎪⎫1-12n +1-1<13成立, 所以b 1>3⎝ ⎛⎭⎪⎫1-12n +1-1,所以b 1≥3.高考冲刺专题(四)1. 如图所示的三角形数阵,根据图中的规律,第n 行(n ≥2)的第2个数是 n 2-n +22. 解析:设第n 行的第2个数为a n ,不难得出规律,a 3-a 2=2,a 4-a 3=3,…,a n -a n -1=n -1,累加得a n =n 2-n +22. 2. 同样载质量的若干辆汽车运送一批货物,若同时投入运送,24小时可以全部送完这批货;若每隔相同的时间投入一辆车,而且每辆车投入运送后要工作到全部货物运完,已知最后所有的车辆都投入了运送,且第一辆车工作的时间是最后一辆车的5倍,这种运送方式持续的时间共为 40 小时.解析:每辆车隔相同的时间投入使用,那么它们的工作时间t 1,t 2,…,t n 构成了一个等差数列,且有t 1=5t n .因为全部同时投入运送时,24小时运完,那么每辆车的工作效率为124n ,所以有124n ·t 1+124n ·t 2+…+124n ·t n =1.由上面的分析可知⎩⎨⎧t 1=5t n ,124n (t 1+t 2+…+t n )=1,即⎩⎨⎧t 1=5t n ,124n ·t 1+t n 2·n =1,得t 1=40,所以这种运送方式共持续了40小时. 3. 为了保护某处珍贵文物古迹,政府决定建一堵大理石护墙,设计时,为了与周边景点协调,对于同种规格的大理石用量须按下述法则计算:第一层用全部大理石的一半多一块,第二层用剩下的一半多一块,第三层…依此类推,到第十层恰好将大理石用完,共需大理石 2 046 块.解析:设共用去大理石x 块,则各层用大理石块数分别为:第一层:x 2+1=x +22;第二层:x -x +222+1=x +24;第三层:x -x +22-x +242+1=x +28;…;第十层:x -x +22-x +24-…-x +2292+1=x +2210,组成首项为x +22,公比为12,项数为10的等比数列,所以x =x +22+x +24+…+x +2210,解得x =2 046.4. 1991年,某内河可供船只航行的河段长1 000千米,但由于水资源的过度使用,造成河水断流,从1992年起,该内河每年船只可行驶的河段长度仅为上一年的三分之二,则到2000年,该内河可行驶的河段长度为 1 000×⎝ ⎛⎭⎪⎫239 千米. 解析:设a 1=1 000,a n =2a n -13,则数列{a n }为等比数列,a n =1000×⎝ ⎛⎭⎪⎫23n -1,所以到2000年,该内河可行驶的河段长度为a 10=1 000×⎝ ⎛⎭⎪⎫239千米. 5. 一位个体户在一月初向银行贷款10万元作开店资金,每月底获得的利润是该月初投入资金的20%,每月需交所得税为该月所得金额(含利润)的10%,每月生活费和其他开支为3 000元,余额作为资金全部投入再营业.如此继续,到这一年底,这位个体户还清银行贷款后,纯收入一共还有 69 886 元.(银行贷款的年利率为25%,精确到1元)解析:设第n 个月底余额为a n ,由于a 1=(1+20%)×105-(1+20%)×105×10%-3×103=1.05×105,a n +1=a n (1+20%)-a n (1+20%)×10%-3×103=1.08a n -3×103,则a n +1-3.75×104=1.08(a n -3.75×104).设a n -3.75×104=b n ,b 1=6.75×104,则数列{b n }为等比数列,所以b n =b 1×1.08n -1,a n =6.75×104×1.08n -1+3.75×104,a 12≈1.948 86×105,还贷后纯收入为a 12-105×(1+25%)=69 886(元).6. 某职工年初向银行贷款2万元用于购房,银行为了推动住房制度改革,贷款的优惠年利率为10%,按复利计算,若这笔贷款要求10次等额还清,每年一次,10年还清,并且从贷款后次年年初开始归还,则每年应还 3 255 元.(精确到1元)解析:设贷款利率为r ,贷款金额为A 元,每年等额归还x 元,第n 年还清,所以贷款A 元,到第n 年连本带利应还A(1+r)n 元,则有数列模型:(1+r)n A =x[(1+r)n -1+(1+r)n -2+…+(1+r)+1],即(1+r)nA =x·(1+r )n -1r ,于是x =Ar (1+r )n(1+r )n -1.将r =0.1,A =20 000,n =10代入得x =20 000×0.1×1.1101.110-1,所以x ≈3 255元,故每次应还3 255元.7. 某城市1991年底人口为500万,人均住房面积为6平方米,若该城市每年人口平均增长率为1%,每年平均新增住房面积为30万平方米,则2000年底该城市人均住房面积为 5.48 平方米.(精确到0.01) 解析:1991年、1992年、…、2000年住房面积总数成等差数列{a n },a 1=6×500=3 000,d =30,a 10=3 000+9×30=3 270.1991年、1992年、…、2000年人口数成等比数列{b n },b 1=500, q =1.01,b 10=500×1.019≈546.8,所以2000年底该城市人均住房面积为3 270546.8≈5.98平方米.8. 如图所示是毕达哥拉斯的生长程序:正方形上连结等腰直角三角形,等腰直角三角形边上再连结正方形,…,如此继续,若共得到1 023个正方形,设初始正方形的边长为22,则最小的正方形的边长为 132 .解析:由题意得正方形的边长构成以22为首项,以22为公比的等比数列,共得到1 023个正方形,则有1+2+…+2n -1=1 023,n=10,所以最小的正方形的边长为22×⎝ ⎛⎭⎪⎫2210-1=132. 9. 从盛有盐的质量分数为20%的2kg 盐水的容器中倒出1kg 盐水,然后加入1kg 水,以后每次都倒出1kg 盐水,然后再加入1kg 水,(1) 第5次倒出的1kg 盐水中含盐多少千克?(2) 经6次倒出后,一共倒出多少千克盐?此时加1kg 水后容器内盐水的盐的质量分数为多少?解析:(1) 由题意得每次倒出的盐的质量所成的数列为{a n },则a 1=0.2,a 2=12×0.2,a 3=⎝ ⎛⎭⎪⎫122×0.2. 所以a n =⎝ ⎛⎭⎪⎫12n -1×0.2, a 5=⎝ ⎛⎭⎪⎫125-1×0.2=⎝ ⎛⎭⎪⎫124×0.2=0.012 5(kg ). (2) 由(1)得数列{a n }是等比数列,且a 1=0.2,q =12,所以S 6=a 1(1-q 6)1-q =0.2×⎝ ⎛⎭⎪⎫1-1261-12=0.393 75(kg ).经过6次倒出后,还剩盐0.4-0.393 75=0.006 25(kg ),此时加1kg 水后容器内盐水的盐的质量分数为0.006 25÷2=0.312 5%.10. 某企业2003年的纯利润为500万元,因设备老化等原因,企业的生产能力将逐年下降. 若不能进行技术改造,预测从今年(2004年)起每年比上一年纯利润减少20万元,今年初该企业一次性投入资金600万元进行技术改造,预测在未扣除技术改造资金的情况下,第n 年(今年为第一年)的利润为500⎝ ⎛⎭⎪⎫1+12n 万元(n 为正整数). (1) 设从今年起的前n 年,若该企业不进行技术改造的累计纯利润为A n 万元,进行技术改造后的累计纯利润为B n 万元(需扣除技术改造资金),求A n 、B n 的表达式;(2) 依上述预测,从今年起该企业至少经过多少年,进行技术改造后的累计纯利润超过不进行技术改造的累计纯利润?解析:(1) 依题设,A n =(500-20)+(500-40)+…+(500-20n)=490n -10n 2;B n =500[⎝ ⎛⎭⎪⎫1+12+⎝ ⎛⎭⎪⎫1+122+…+⎝ ⎛⎭⎪⎫1+12n ]-600=500n -5002n -100. (2) B n -A n =⎝ ⎛⎭⎪⎫500n -5002n -100-(490n -10n 2)=10n 2+10n -5002n -100=10[n(n +1)-502n -10].易得函数y =x(x +1)-502x -10在区间(0,+∞)上为增函数,当1≤n ≤3时,n(n +1)-502n -10≤12-508-10<0;当n ≥4时,n(n +1)-502n -10≥20-5016-10>0,所以当且仅当n ≥4时,B n >A n ,故至少经过4年,该企业进行技术改造后的累计纯利润超过不进行技术改造的累计纯利润.11. 某公司一下属企业从事某种高科技产品的生产.该企业第一年年初有资金2 000万元,将其投入生产,到当年年底资金增长了50%.预计以后每年资金年增长率与第一年的相同.公司要求企业从第一年开始,每年年底上缴资金d 万元,并将剩余资金全部投入下一年生产.设第n 年年底企业上缴资金后的剩余资金为a n 万元.(1) 用d 表示a 1,a 2,并写出a n +1与a n 的关系式;(2) 若公司希望经过m(m ≥3)年使企业的剩余资金为4 000万元,试确定企业每年上缴资金d 的值(用m 表示).解析:(1) 由题意得a 1=2 000×(1+50%)-d =3 000-d ,a 2=a 1×(1+50%)-d =32a 1-d =4 500-52d ,a n +1=a n ×(1+50%)-d =32a n -d.(2) 由(1)知a n =32a n -1-d(n ≥2),即a n -2d =32(a n -1-2d),所以{a n -2d}是以3 000-3d 为首项,32为公比的等比数列,则a n =(3 000-3d)·⎝ ⎛⎭⎪⎫32n -1+2d. 由题意a m =⎝ ⎛⎭⎪⎫32m -1(3 000-3d)+2d =4 000, 解得d =1 000(3m -2m +1)3m -2m, 故该企业每年上缴资金d 的值为1 000(3m -2m +1)3m -2m时,经过m(m ≥3)年企业的剩余资金为4 000万元.12. 商学院为推进后勤社会化改革,与桃园新区商定:由该区向中国建设银行贷款500万元在桃园新区为学院建一栋可容纳1 000人的学生公寓,工程于2002年初动工,年底竣工并交付使用,公寓管理处采用收费偿还中国建设银行贷款形式(年利率5%,按复利计算),公寓所收费用除去物业管理费和水电费18万元,其余部分全部在年底还中国建设银行贷款.(1) 若公寓收费标准定为每个学生每年800元,到哪一年可偿还中国建设银行全部贷款?(2) 若公寓管理处要在2010年底把贷款全部还清,则每个学生每年的最低收费标准是多少元(精确到1元)?(参考数据:lg 1.734 3≈0.239 1,lg 1.05≈0.021 2,1.058≈1.477 4)解析:(1) 设公寓投入使用后n 年可偿还全部贷款,则公寓管理处每年收费总额为1 000×800=80(万元),扣除18万元,可偿还贷款62万元.依题意有62[1+(1+5%)+(1+5%)2+…+(1+5%)n -1]≥500(1+5%)n +1, 化简得62(1.05n -1)≥25×1.05n +1,所以1.05n ≥1.734 3.两边取对数整理得n ≥lg 1.734 3lg 1.05≈0.239 10.021 2≈11.28,所以取n =12(年),所以到2014年底可全部还清贷款.(2) 设每个学生每年的最低收费标准为x 元,因到2010年公寓共使用了8年,依题意有⎝ ⎛⎭⎪⎫1 000x 10 000-18[1+(1+5%)+(1+5%)2+…+(1+5%)7]≥500×(1+5%)9,化简得(0.1x -18)×1.058-11.05-1≥500×1.059, 所以x ≥10⎝ ⎛⎭⎪⎫18+25×1.05×1.0581.058-1≈10×⎝ ⎛⎭⎪⎫18+25×1.05×1.477 41.477 4-1≈10×(18+81.2)=992(元),故每个学生每年的最低收费标准为992元.高考冲刺专题(五)1. 判断下面结论是否正确.(1) 如果两个不重合的平面α,β有一条公共直线a,就说平面α,β相交,并记作α∩β=a.( √ )(2) 两个平面α,β有一个公共点A,就说α,β相交于过点A的任意一条直线. ( )(3) 两个平面α,β有一个公共点A,就说α,β相交于点A,并记作α∩β=A. ( )(4) 平面ABC与平面DBC相交于线段BC. ( )(5) 经过两条相交直线,有且只有一个平面. ( √ )(6) 没有公共点的两条直线是异面直线. ( )解析:根据平面与直线的公理可知如果两个不重合的平面有一个公共点,那么它们有且只有一条过该点的公共直线,故(1)正确,(2)(3)错误;平面ABC与平面DBC相交于直线BC,(4)错误;经过两条相交直线,有且只有一个平面,故(5)正确;两条直线平行,它们没有公共点,但共面,故(6)错误.2. 下列命题中正确的是①④.(填序号)①平面α∩β=l,直线a⊂α,a∩l=A,直线b⊂β,b∩l=B,点A与点B不重合,则a与b不可能共面;②空间两组对边分别相等的四边形为平行四边形;③空间角α与β的两边分别平行,α=70°,则β=70°;④空间直线a∥b∥c,则a,b,c确定的平面个数为1或3;⑤分别与两条异面直线a,b同时相交的两条直线必定异面.解析:对①,若a与b共面,则a∥b或a与b相交.若a∥b,则a∥β.因为平面α∩β=l,直线a⊂α,所以a∥l,这与a∩l=A矛盾.若a与b相交于点B,则点A与点B重合,这与点A与点B不重合矛盾,所以a与b不可能共面,故①正确;对于②,空间四边形的两组对边分别相等,该四边形不一定是平行四边形,故②错误;对于③,空间角α,β的两边分别平行,α=70°,则β=70°或110°,故③错误;对于④,若a,b,c在同一平面内,则可确定1个平面;若不在同一平面内,则可确定3个平面,故④正确;对于⑤,分别与两条异面直线a,b同时相交的两条直线不可能平行,但可以共面,故⑤错误.3. 在图中,G、N,M、H分别是正三棱柱的顶点或所在棱的中点,下图中直线GH、MN是异面直线的图形有②④W.(填序号)解析:由题意可得图①中GH与MN平行,图②中GH与MN异面,图③中GH与MN相交,图④中GH与MN异面,故选②④.4. 下列命题中正确的是③④.(填序号)①若∠ABC=θ,直线a∥AB,b∥BC,则a,b所成角为θ;②若直线a,b与直线c所成的角相等,则a∥b;③若直线a∥b,且直线b与c所成的角为θ,则a,c所成的角也为θ;④若直线a,b与直线c所成的角不相等,则a,b不平行.解析:①中a与b所成的角还可以是180°-θ;②中a,b可能不在同一平面内.5. 如图,在正方体ABCDA1B1C1D1中,E,F分别是AB1,BC1的中点,则下列结论中不成立的是③.(填序号)①EF与CC1垂直;②EF与BD垂直;③EF与A1C1异面;④EF与AD1异面.解析:因为E是AB1的中点,则E是A1B的中点,EF是△A1BC1的中位线,所以EF∥A1C1,所以③错误;因为CC1⊥A1C1,AC⊥BD,AC∥A1C1,所以EF⊥CC1,EF⊥BD,所以①②正确;因为EF与AD1不平行也不相交,所以EF与AD1异面,所以④正确.6. 给出下列命题:①若线段AB在平面α内,则直线AB上的点都在平面α内;②若直线a在平面α外,则直线a与平面α没有公共点;③两个平面平行的充分条件是其中一个平面内有无数条直线平行于另一个平面;④设a ,b ,c 是三条不同的直线,若a ⊥b ,a ⊥c ,则b ∥c. 其中,假命题的序号是 ②③④ .(填序号)解析:②中a 与平面α还可能相交,有一个公共点;③中两平面还可能相交;④中b 与c 还可能相交或异面.7. 给出下列四个命题:①如果两个平面有三个公共点,那么这两个平面重合;②两条直线可以确定一个平面;③若M ∈α,M ∈β,α∩β=l ,则M ∈l ;④空间中,相交于同一点的三条直线在同一平面内.其中真命题为 ③ W.(填序号)解析:对于①,如果两个平面有三个公共点,那么这两个平面可能相交,错误;对于②,两条异面直线不可以确定一个平面,错误;对于④,在正方体中,从同一个顶点出发的三条直线不共面,错误8. 已知在空间四边形ABCD 中,M 、N 分别为AB 、CD 的中点,则下列判断:①MN ≥12(AC +BD); ②MN>12(AC +BD);③MN =12(AC +BD);④MN<12(AC +BD).其中正确的是 ④ .(填序号)解析:结合题意,画出图形,取BC 的中点O ,连结MO ,NO ,MN.因为M ,N 分别AB ,CD 的中点,所以MO =12AC ,NO =12BD.因为△OMN 中,MO +NO>MN ,所以MN<12(AC +BD).9. 如图,在空间四边形ABCD 中,点E 、F 、G 分别在AB 、BC 、CD 上,且满足AE ∶EB =CF ∶FB =2∶1,CG ∶GD =3∶1,过点E 、F 、G 的平面交AD 于点H.(1) 求AH ∶HD ;(2) 求证:EH 、FG 、BD 三线共点.解析:(1) 因为AE EB =CF FB =2,所以EF ∥AC.因为EF ⊄平面ACD ,AC ⊂平面ACD ,所以EF ∥平面ACD.又EF ⊂平面EFGH ,平面EFGH ∩平面ACD =GH ,所以EF ∥GH ,所以AC ∥GH ,所以AH ∶HD =CG ∶DG =3∶1.(2) 由(1)知EF ∥GH ,且EF AC =13,GH AC =14,所以EF ≠GH ,所以四边形EFGH 为梯形.令EH ∩FG =P ,则P ∈EH.因为EH ⊂平面ABD ,所以P ∈平面ABD.因为P ∈FG ,FG ⊂平面BCD ,所以P ∈平面BCD.因为平面ABD∩平面BCD=BD,所以P∈BD,所以EH,FG,BD三线共点.10. 如图是以AB=4,BC=3的矩形ABCD为底面的长方体被一平面斜截所得的几何体,其中四边形EFGH为截面.已知AE=5,BF=8,CG=12.(1) 作出截面EFGH与底面ABCD的交线l.(2) 截面四边形EFGH是否为菱形?请证明你的结论.(3) 求DH的长.解析:(1) 如图,作HE与DA的交点P,作GF与CB的交点Q,连结PQ得直线l,则l即为所求.(2) 因为平面ABFE∥平面DCGH,且平面EFGH分别截平面ABFE与平面DCGH得直线EF与GH,故EF∥GH.同理,FG∥EH,故四边形EFGH为平行四边形.又EF2=AB2+(BF-AE)2=25,FG2=BC2+(CG-BF)2=25,所以EF=FG=5,故四边形EFGH为菱形.(3) 过点E作EB1⊥BF,垂足为B1,则BB1=AE=5,所以FB1=3.过点H作HC1⊥CG,垂足为C1,则C1H=EB1.因为EF=HG,所以Rt△HC1G≌Rt△EB1F,所以GC1=FB1=3,所以DH=CC1=9.高考冲刺专题(六)1. 已知两条异面直线平行于同一平面,一直线与两异面直线都垂直,那么这个平面与这条直线的位置关系是 ② .(填序号)①平行;②垂直;③斜交;④不能确定.解析:设a ,b 为异面直线,a ∥平面α,b ∥平面α,直线l ⊥a ,l ⊥b.过a 作平面β∩α=a′,则a ∥a′,所以l ⊥a′.同理过b 作平面γ∩α=b′,则l ⊥b′.因为a ,b 异面,所以a′与b′相交,所以l ⊥α.2. 关于不同直线m ,n 和不同平面α,β,给出下列命题: ①⎭⎪⎬⎪⎫α∥βm ⊂α⇒m ∥β;② ⎭⎪⎬⎪⎫m ∥n m ∥β⇒n ∥β;③ ⎭⎪⎬⎪⎫m ⊂αn ⊂β⇒m ,n 异面;④ ⎭⎪⎬⎪⎫α⊥βm ∥α⇒m ⊥β. 其中正确命题的序号是 ① .解析:①m 与平面β没有公共点,正确;②直线n 可能在平面β内,错误;③m 与n 也可能相交或平行,错误;④m 与平面β还可能平行或m 在平面β内,错误.3. 在四面体ABCD 中,M ,N 分别是△ACD ,△BCD 的重心,则四面体的四个面中与MN 平行的是 平面ABD 与平面ABC .解析:取CD 的中点E ,连结AE ,BE ,则EM AM =EN BN =12,所以MN∥AB,所以MN∥平面ABC且MN∥平面ABD.4. 已知a,b是两条直线,α,β是两个平面,给出一组条件:①α∥β,②a⊂β,③a⊄α,④a∥b,⑤b⊂α.则由①②或③④⑤组合可得a∥α.(填序号)解析:因为α∥β,a⊂β,所以a∥α,所以由①②可得a∥α.因为a∥b,a⊄α,b⊂α,所以a∥α,所以由③④⑤可得a∥α.5. 在正方体ABCDA1B1C1D1中,棱长为a,E为A1B1的中点,过E,C1,C三点作一截面,则截面的面积为5a22W.解析:截面是过A1B1中点E的矩形,长为EC1=52a,宽为CC1=a,则截面的面积为5a2 2.6. 如图,在直三棱柱ABCA1B1C1中,D是AB的中点.试在平面A1CD中画出与BC1平行的直线,所画直线为ODW.解析:如图,连结AC1交A1C于点O,连结OD,则OD即为所求直线.7. 如图,在正四棱柱ABCDA1B1C1D1中,E、F、G、H分别是棱CC1、C1D1、D1D、CD的中点,N是BC的中点,动点M在四边形EFGH的边上及其内部运动,则点M满足条件M∈线段FH(答案不唯一)时,有MN∥平面B1BDD1.解析:因为F,H分别为C1D1,CD的中点,所以FH∥DD1.又因为N为BC的中点,所以NH∥BD.因为FH∥DD1,FH⊄平面BDD1B1,DD1⊂平面BDD1B1,所以FH∥平面BDD1B1.同理可得NH∥平面BDD1B1,又因为NH,FH⊂平面HNF,NH∩FH=H,所以平面HNF∥平面BDD1B1.若点M在线段FH上,则MN⊂平面HNF,所以MN∥平面B1BDD1.8. 给出下列条件:①l∥α;②l与α至少有一个公共点;③l与α至多有一个公共点,能确定直线l在平面α外的条件的序号是①或③W.解析:由直线与平面的位置关系可知,①或③可以确定直线l在平面α外.9. 如图,在正方体ABCDA1B1C1D1中,E,F分别为AD,AB 的中点.(1) 求证:EF∥平面CB1D1;(2)求证:D1E,B1F,AA1三条直线交于一点.解析:(1) 连结BD.因为E ,F 分别为AD ,AB 的中点,所以EF ∥BD.因为BD ∥B 1D 1,所以EF ∥B 1D 1.因为B 1D 1⊂平面CB 1D 1,EF ⊄平面CB 1D 1,所以EF ∥平面CB 1D 1.(2) 因为EF ∥BD 且EF =12BD =12B 1D 1,所以四边形EFB 1D 1是梯形.令D 1E ∩B 1F =O ,则O ∈D 1E.又D 1E ⊂平面AA 1D 1D ,所以O ∈平面AA 1D 1D.同理O ∈平面AA 1B 1B.因为平面AA 1B 1B ∩平面AA 1D 1D =AA 1,所以O ∈AA 1,所以D 1E ,B 1F ,AA 1三条直线交于一点.10. 如图,在五面体ABCDEF 中,O 是矩形ABCD 的对角线的交点,EF ∥BC ,且EF =12BC ,求证:FO ∥平面CDE.解析:取CD 的中点M ,连结OM ,EM.因为O 是矩形ABCD 的对角线的交点,M 为CD 的中点,所以OM ∥BC 且OM =12BC.又EF ∥BC 且EF =12BC ,所以EF∥OM且EF=OM,所以四边形EFOM为平行四边形,所以FO∥EM.又FO⊄平面CDE,EM⊂平面CDE,所以FO∥平面CDE.11. 如图,四棱锥PABCD的底面是边长为a的正方形,侧棱PA⊥底面ABCD,在侧面PBC内,BE⊥PC,垂足为E,且BE=63a,试在AB上找一点F,使得EF∥平面PAD.解析:过点E作EG∥CD,交PD于点G,连结AG,在AB上取点F,使得AF=EG,连结EF.因为EG∥CD∥AF,EG=AF,所以四边形FEGA为平行四边形,所以FE∥AG.又AG⊂平面PAD,FE⊄平面PAD,所以EF∥平面PAD,所以F即为所求的点.因为PA⊥平面ABCD,BC⊂平面ABCD,所以PA⊥BC.又BC⊥AB,AB∩PA=A,AB,PA⊂平面PAB,所以BC⊥平面PAB.因为PB⊂平面PAB,所以PB⊥BC,所以PC 2=BC 2+PB 2=BC 2+AB 2+PA 2.设PA =x ,则PC =2a 2+x 2.由PB·BC =BE·PC 得a 2+x 2·a =2a 2+x 2·63a ,所以x =a ,即PA =a ,所以PC =3a.又CE =a 2-⎝ ⎛⎭⎪⎫63a 2=33a , 所以PE PC =23,所以GE CD =AF AB =23,即AF =23AB.故F 是AB 上靠近点B 的一个三等分点.高考冲刺专题(七)1. 已知平面α⊥平面β,α∩β=l ,点A ∈α,A ∉l ,直线AB ∥l ,直线AC ⊥l ,直线m ∥α,m ∥β,则下列四种位置关系中,不一定成立的是 ④ .(填序号)①AB ∥m ;②AC ⊥m ;③AB ∥β;④AC ⊥β.解析:①因为m ∥α,m ∥β,α⊥β,α∩β=l ,所以m ∥l.因为AB ∥l ,所以AB ∥m ,故正确;②因为m ∥l ,AC ⊥l ,所以AC ⊥m ,故正确;③因为AB ∥l ,l ⊂β,AB ⊄β,所以AB ∥β,故正确;④当C ∈l 时,AC ⊥β;当C ∉l 时,AC 与β不垂直,故不一定成立.2. 不在平面α内的直线a ,b 在α上的射影为相交直线,则a 与b 的位置关系为 相交或异面 .3. 设m、n是两条不同的直线,α、β是两个不同的平面,则下列命题正确的是③.(填序号)①若m⊥n,n∥α,则m⊥α;②若m∥β,β⊥α,则m⊥α;③若m⊥β,n⊥β,n⊥α,则m⊥α;④若m⊥n,n⊥β,β⊥α,则m⊥α.解析:①②④m与平面α可能平行、相交或m在平面α内;对于③,若m⊥β,n⊥β,则m∥n.又因为n⊥α,所以m⊥α.4. 如果直线a与平面α不垂直,那么在平面α内与直线a垂直的直线有无数条.解析:当直线a∥平面α时,在平面α内有无数条直线与直线a 是异面垂直直线;当直线a⊂平面α时,在平面α内有无数条平行直线与直线a相交且垂直;直线a与平面α相交但不垂直,在平面α内有无数条平行直线与直线a垂直.5. 已知a,b为两条不同的直线,α,β为两个不同的平面,且a⊥α,b⊥β,则下列命题中假命题是④.(填序号)①若a∥b,则α∥β;②若α⊥β,则a⊥b;③若a,b相交,则α,β相交;④若α,β相交,则a,b相交.解析:因为a,b为两条不同的直线,α,β为两个不同的平面,且a⊥α,b⊥β,若a∥b,则a⊥α且a⊥β,由垂直于同一直线的两个平面平行,可得α∥β,故①正确;若α⊥β,则a∥β或a⊂β,所以a⊥b,故②正确;若a,b相交,则a,b不平行,则α,β也不平行,则α,β相交,故③正确;若α,β相交,则a,b既可以是相交直线,也可以是异面直线,故④错误.6. 如图,空间中有两个正方形ABCD和ADEF,设M,N分别是BD和AE的中点,那么以下四个命题中正确的个数是3W.①AD⊥MN;②MN∥平面CDE;③MN∥CE;④MN,CE是异面直线.解析:由AD⊥DC,AD⊥DE,易证AD⊥平面CDE,所以AD⊥CE.又MN是△ACE的中位线,故MN∥CE,所以AD⊥MN,因此①③正确;对于②,因为MN∥CE,从而可得MN∥平面CDE,正确;由③可知④错误.7. 若m,n为两条不重合的直线,α,β为两个不重合的平面,给出下列命题:①若m,n都平行于平面α,则m,n一定不是相交直线;②若m,n都垂直于平面α,则m,n一定是平行直线;③已知α,β互相垂直,m,n互相垂直,若m⊥α,则n⊥β;④若m,n在平面α内的射影互相垂直,则m,n互相垂直.其中假命题的序号是①③④.解析:平行于同一平面的两条直线可以平行、相交或异面,①为假命题;垂直于同一平面的两条直线平行,②为真命题;③中n可以。

2020江苏高考理科数学二轮讲义:数学归纳法含解析

2020江苏高考理科数学二轮讲义:数学归纳法含解析
这就是说,当n=k+1时,等式也成立.
根据(1)和(2),可知对于任意的n∈N*,S1+S3+S5+…+S2n-1=n4都成立.
利用数学归纳法证明不等式
[典型例题]
(20xx·常州期末检测)设n个正数a1,a2,…,an满足a1≤a2≤…≤an(n∈N*且n≥3).
(1)当n=3时,证明: + + ≥a1+a2+a3;
(2)当n=4时,不等式 + + + ≥a1+a2+a3+a4也成立,请你将其推广到n(n∈N*且n≥3)个正数a1,a2,…,an的情形,归纳出一般性的结论并用数学归纳法证明.
【解】(1)证明:因为an(n∈N*且n≥3)均为正实数,
左—右= + +
≥ + + =0,
所以,原不等式 + + ≥a1+a2+a3成立.
fk+1(x)=f′k(x)
=sin +(x+k)cos +cos +(x-k)
=(x+k+1)cos +[x-(k+1)]·
=[x+(k+1)]sin +[x-(k+1)]·cos ,
即当n=k+1时,等式(*)成立.
综上所述,当n∈N*时,fn(x)=(x+n)sin +(x-n)cos 成立.
综上所述,不等式 + +…+ + + ≥a1+a2+…+an(n∈N*且n≥3)成立.
用数学归纳法证明不等式问题时,从n=k到n=k+1的推证过程中,证明不等式的常用方法有比较法、分析法、综合法、放缩法等,有时还要考虑与原不等式等价的命题,运用放缩法时,要注意放缩的“度”.
[对点训练]
2.(20xx·盐城中学开学考试)已知数列{an}的各项均为正整数,对于任意n∈N*,都有2+ < <2+ 成立,且a2=4.
3.(20xx·××市高三模拟)已知函数f0(x)=x(sinx+cosx),设fn(x)为fn-1(x)的导数,n∈N*.

2020版高分宝典高考数学二轮微专题复习(江苏专用)讲义:微专题十九函数应用题

2020版高分宝典高考数学二轮微专题复习(江苏专用)讲义:微专题十九函数应用题

微专题十九 函数应用题在近三年的高考题中,实际应用题每年必考,常见的有与经济有关即利润最大化和成本最小化为背景的应用题,也有以平面几何图形、空间几何体为背景的图形应用题.主要涉及的函数模型有分段函数、三次函数、三角函数等,难度为中档题为主.目标1 分段函数及分式函数模型例1 为了净化空气,某科研单位根据实验得出,在一定范围内,每喷洒1个单位的净化剂,空气中释放的浓度y (单位:mg·m -3)随着时间(单位:天)变化的函数关系式近似为 y =⎩⎨⎧ 168-x -1, 0≤x ≤4,5-12x , 4<x ≤10.若多次喷洒,则某一时刻空气中的净化剂浓度为每次投放的净化剂在相应时刻所释放的浓度之和.由实验知,当空气中净化剂的浓度不低于4 mg·m-3时,它才能起到净化空气的作用. (1) 若一次喷洒4个单位的净化剂,则净化时间可达几天?(2) 若第一次喷洒2个单位的净化剂,6天后再喷洒a (1≤a ≤4)个单位的药剂,要使接下来的4天中能够持续有效净化,试求a 的最小值.(精确到0.1,参考数据:2取1.4)点评:【思维变式题组训练】某群体的人均通勤时间,是指单日内该群体中成员从居住地到工作时间的平均用时,某地上班族S 中的成员仅以自驾或公交方式通勤,分析显示:当S 中x %(0<x <100)的成员自驾时,自驾群体的人均通勤时间为f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧30, 0<x ≤30,2x +1 800x -90, 30<x <100(单位:分钟), 而公交群体的人均通勤时间不受x 影响,恒为40分钟,试根据上述分析结果回答下列问题:(1) 当x 在什么范围内时,公交群体的人均通勤时间少于自驾群体的人均通勤时间?(2) 求该地上班族S 的人均通勤时间g (x )的表达式;试讨论g (x )的单调性,并说明其实际意义. 目标2 高次函数模型例2 从旅游景点A 到B 有一条100 km 的水路,某轮船公司开设一个游轮观光项目.已知游轮每小时使用的燃料费用与速度的立方成正比例,其他费用为每小时3 240元,游轮最大时速为50 km/h ,当游轮速度为10 km/h 时,燃料费用为每小时60元,单程票价定为150元/人.(1) 若一艘游轮单程以40 km/h 的速度航行,所载游客为180人,则轮船公司获利是多少?(2) 如果轮船公司要获取最大利润,游轮的航速为多少?点评:【思维变式题组训练】某小微企业日均用工人数a 与日营业利润f (x )(元)、日人均用工成本x (元)之间的函数关系为f (x )=-13x 3+5x 2+30ax -500(x ≥0). (1) 若日均用工人数a =20,求日营业利润f (x )的最大值;(2) 由于政府的减税、降费等一系列惠及小微企业政策的扶持,该企业的日人均用工成本x 的值在区间[10,20]内,求该企业在确保日营业利润f (x )不低于24000元的情况下,该企业平均每天至少可供多少人就业.。

2020版高三数学新课标大二轮专题辅导与增分攻略数学(理)讲义:第三篇 专题二 第一讲 等差数列、

2020版高三数学新课标大二轮专题辅导与增分攻略数学(理)讲义:第三篇 专题二 第一讲 等差数列、

姓名,年级:时间:第一讲等差数列、等比数列[高考导航]1.对等差、等比数列基本量的考查,常以客观题的形式出现,考查利用通项公式、前n项和公式建立方程组求解.2.对等差、等比数列性质的考查主要以客观题出现,具有“新、巧、活"的特点,考查利用性质解决有关计算问题.3.对等差、等比数列的判断与证明,主要出现在解答题的第一问,是为求数列的通项公式而准备的,因此是解决问题的关键环节.考点一等差、等比数列的基本运算1.等差数列的通项公式及前n项和公式a n=a1+(n-1)d;S n=n a1+a n2=na1+错误!d.2.等比数列的通项公式及前n项和公式a n=a1q n-1(q≠0);S n=错误!1.(2019·大连模拟)记S n为等差数列{a n}的前n项和.若a4+a5=24,S6=48,则{a n}的公差为()A.1 B.2C.4 D.8[解析] 由已知条件和等差数列的通项公式与前n项和公式可列方程组,得错误!即错误!解得错误!故选C.[答案] C2.(2019·济南一中1月检测)在各项为正数的等比数列{a n}中,S2=9,S3=21,则a5+a6=( )A.144 B.121C.169 D.148[解析] 由题意可知,错误!即错误!解得错误!或错误!(舍).∴a5+a6=a1q4(1+q)=144。

故选A.[答案]A3.(2019·广东珠海3月联考)等差数列{a n}的前n 项和为S n,若a2+a7+a9=15,则S8-S3=( )A.30 B.25C.20 D.15[解析] 因为a2+a7+a9=a1+d+a1+6d+a1+8d=3(a1+5d)=15,所以a1+5d=5,即a6=5,所以S8-S3=a4+a5+a6+a7+a8=5a6=25,故选B.[答案] B4.(2019·全国卷Ⅲ)已知各项均为正数的等比数列{a n}的前4项和为15,且a5=3a3+4a1,则a3=()A.16 B.8C.4 D.2[解析] 设等比数列{a n}的公比为q。

2020版高分宝典高考数学二轮微专题复习(江苏专用)课件:微专题六解不等式及线性规划

2020版高分宝典高考数学二轮微专题复习(江苏专用)课件:微专题六解不等式及线性规划
核心模块二 不等式 微专题六 解不等式及线性规划
考课 情时 分作 析业
不等式解法的考察载体主要是函数、导数、数列,并且都转化为一元二次不等式 的解法.线性规划要求也很低,主要考察常见目标函数的问题.
年份 2017 2018 2019
填空题
T7解一元二次不等式 T11解函数不等式 T5解对数不等式 T4解不等式
目标 2 线性规划的基本问题 例 2 (1) 已知抛物线 y=x2 在 x=1 处的切线与两坐标轴围成的三角形区域为 D(包 含三角形内部与边界).若点 P(x,y)是区域 D 内的任意一点,则 x+2y 的取值范围 是________. -2,12 解析:由 y=x2 得 y′=2x,则在点 x=1 处的切线斜率 k=2×1=2,切 线方程为 y-1=2(x-1),即 2x-y-1=0.在平面直角坐标系中作出可行域,如图 阴影部分所示,则点 A(0,-1),B12,0.
解法二:如图所示,当 a=0 时,显然不能使原不等式对任意的 x>0 恒成立,故 a≠0, 且当 x=1a,a≠0 时,原不等式恒成立.易知 a>0,当 x=1a时,ax-1=0,此时, 结合图象可知 x=1a是方程 x2+ax-5=0 的一个根,所以 a=12.
点评:在二次方程、不等式及函数的处理过程中要注意灵活使用判别式,同时要 注意主变量与辅变量及它们的取值范围.
【思维变式题组训练】
1.
已知函数
f(x)

x,x≥0, x2,x<0,
则 关 于 x 的 不 等 式 f(x2) > f(3 - 2x) 的 解 集 是
________. (-∞,-3)∪(1,3)
解析:由题意得x32->32-x≥2x0, 或3x2->23x-<02,x2,

2020江苏高考数学二轮微专题 巩固强化

2020江苏高考数学二轮微专题 巩固强化

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2020版高分宝典高考数学二轮微专题复习(江苏专用)课件:微专题十直线与圆的基本问题

2020版高分宝典高考数学二轮微专题复习(江苏专用)课件:微专题十直线与圆的基本问题
T10 考察点到直线距离
解答题
T18考察直线方程和圆的方程 T18 考察直线与圆的实际应用问题
目标 1 直线、圆的方程
典课 型时 例作 题业
例 1 (1) 经过两条直线 3x+4y-5=0 和 3x-4y-13=0 的交点,且斜率为 2 的直
线方程是________.
(2) 圆心在直线 2x-y-7=0 上的圆 C 与 y 轴交于 A(0,-4),B(0,-2)两点,则
4. 已知△ABC 的三个顶点的坐标分别为 A(-2,3),B(-2,-1),C(6,-1),以原 点为圆心的圆与此三角形有唯一的公共点,则圆的方程为________. x2+y2=1 或 x2+y2=37 解析:如图所示,因为 A(-2,3),B(-2,-1),C(6,- 1),所以过 A,C 的直线方程为3y++11=-x-2-66,化为一般式为 x+2y-4=0.点 O 到 直线 x+2y-4=0 的距离 d=|-54|=455>1.
2. 已知直线 l:y=-x+4 与圆 C:(x-2)2+(y-1)2=1 相交于 P,Q 两点,则C→P·C→Q
=________.
0 解析:解法 1(坐标法):圆心 C(2,1),由yx=--2x2++4y,-12=1, 解得xy= =22, 或
x=3, y=1,
点评:本题需要具备两个技巧:一到定点的距离为定值的点构造为圆;二根据公 切线条数判断圆与圆的位置关系.【思维变式题组训练】 3 中还提供了一个到定点 距离为定值的直线的特征的问题.
(3) -65,0 解析:由题意圆 M 上任意一点 Q 向圆 O 作切线,切点为 P,∠PQM =30,所以 OQ=4,即 x2+y2=4 与圆 M 有交点,所以 1≤ a+32+4a2≤3,解 得-65≤a≤0.

2020版高考数学二轮复习专题一集合、常用逻辑用语、不等式、函数与导数高考热点追踪(一)学案文苏教

2020版高考数学二轮复习专题一集合、常用逻辑用语、不等式、函数与导数高考热点追踪(一)学案文苏教

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高考热点追踪(一)函数中的新定义问题用数学符号或文字叙述给出一个新定义,利用这个新定义和已学过的知识解决题目给出的问题,叫新定义题.求解此类问题,首先应明确新定义的实质,利用新定义中包含的内容,结合所学知识,将问题向熟悉的、已掌握的知识进行转化.(2019·无锡市高三上学期期末考试)若函数f(x)在[m,n](m<n)上的值域恰好是[m,n],则称[m,n]为函数f(x)的一个“等值映射区间”.下列函数:①y=x2-1;②y =2+log2x;③y=2x-1;④y=错误!,其中,存在唯一一个“等值映射区间”的函数有________个.【解析】根据新定义可知,存在唯一一个“等值映射区间”的函数与另一函数y=x的图象有两个交点,且在[m,n](m<n)上的值域恰好为[m,n],可见两函数在[m,n]上均单调递增.对于①y=x2-1,根据新定义可得,x2-1=x,方程有两个解,即函数y=x2-1与函数y =x的图象有两个交点,但在同一增区间上只有一个交点,故①不满足题意;对于②y=2+log2x,根据新定义可得,2+log2x=x,方程有两个解,即函数y=2+log2x 与函数y=x的图象有两个交点,且在定义域内两函数都单调递增,故②满足题意;对于③y=2x-1,根据新定义可得,2x-1=x,方程有两个解,即函数y=2x-1与函数y=x的图象有两个交点,且在定义域内两函数都单调递增,故③满足题意;对于④y=1x-1,根据新定义可得,x2-x=1(x≠1),方程有两个解,即函数y=错误!与函数y=x的图象有两个交点,但y=错误!不单调递增,故④不满足题意.所以存在唯一一个“等值映射区间”的函数有2个.【答案】2[名师点评] 创新题型在高考中常出现,考查学生对新定义的理解能力,只有明确新定义的实质,才能使问题得以解决.不等式恒成立问题的解题策略恒成立问题在高考中经常出现,由于涉及的知识面广,制约条件复杂,参变量的潜在约束比较隐晦,考生在解题时,不易理清思路,抓不住关键,往往半途而废.下面谈谈解决此类问题的常用方法.一、反客为主——更换主元有些数学问题构思新颖,同时有其实际背景,按固有的习惯思维,把注意力集中在某些醒目的“主元”上,往往陷入困境.如果打破思维定式,反“客”为“主”,把原来处于相对次要地位的“客元”突显出来,常常能收到出人意料的效果.对任意的|m|≤2,函数f(x)=mx2-2x+1-m恒负,则x的取值范围为________.【解析】设g(m)=(x2-1)m-2x+1,则有错误!即错误!解得错误!〈x〈错误!.【答案】错误![名师点评]当一个题中有多个变量时,要敢于把其中的一个变量作为自变量,其余的变量作为参数处理,逐步减少参数使问题获得解决.二、分离参数——巧妙转化有些问题,是需要将参变量分离出来,单独放在不等式的一侧,将另一侧视作为新函数,则可以将问题转化为新函数的最值问题.(2019·江苏省高考命题研究专家原创卷(十))已知实数x,y满足x+2y+3=xy,且对任意的实数x∈(2,+∞),y∈(1,+∞),不等式(x+y-3)2-a(x+y-3)+1≥0恒成立,则实数a的取值范围是________.【解析】因为x∈(2,+∞),y∈(1,+∞),所以x+y-3〉0,所以不等式(x+y-3)2-a(x+y-3)+1≥0可转化为(x+y-3)+1x+y-3≥a.令t=x+y-3,t>0,则f(t)=t+错误!≥a,且函数f(t)在区间[1,+∞)上单调递增.等式x+2y+3=xy可化为(x-2)(y-1)=5,令m=x-2,n=y-1,则m〉0,n〉0,且mn=5,则t=m+n≥2错误!=2错误!,当且仅当m=n,即x=y+1,即x=2+错误!,y=1+错误!时等号成立,故f(t)≥f(25)=2错误!+错误!=错误!,所以a≤错误!.【答案】(-∞,错误!][名师点评] 若对于x取值范围内的任何一个数都需要f(x)≥g(a)恒成立,则g(a)≤f (x)的最小值;若对于x取值范围内的任何一个数,都有f(x)≤g(a)恒成立,则g(a)≥f(x)的最大值.三、变量替换——避繁就简根据所要求解的式子的结构特征,巧妙地设置新的变量来替代原来表达式中的某些式子或变量,对新的变量求出结果后,返回去再求出原变量的结果.此法应用往往简便快捷,可以避开烦琐的运算.(2019·宁波质检)当x∈(0,1)时,不等式错误!≥m-错误!恒成立,则m的最大值为________.【解析】由已知不等式可得m≤错误!+错误!.设f(x)=1x+错误!=错误!=错误!,令t=3x+1,则x=错误!,t∈(1,4),f(x)可化为g(t)=错误!=错误!=错误!,因为t∈(1,4),所以5〉t+错误!≥4,0<-错误!+5≤1,错误!≥9,即f(x)∈[9,+∞),故m的最大值为9.【答案】9[名师点评]本题使用换元法起到了沟通问题的条件和结论的中介作用,并使运算得以简化,令人耳目一新.四、数形结合-—以“形”代算数形结合的思想,其实质是将抽象的数学语言与直观的图形结合起来,使抽象思维和形象思维结合,通过对图形的认识,数形结合的转化,可以培养思维的灵活性、形象性,使问题化难为易,化抽象为具体.通过“形"往往可以解决用“数”很难解决的问题.当x∈错误!时,x2<log a x恒成立,则a的取值范围是__________.【解析】由图形可知,0<a〈1,因为当x∈错误!时,x2〈log a x恒成立,所以log a 错误!≥错误!错误!,所以a ≥错误!,又因为0〈a <1,所以错误!≤a 〈1.【答案】 错误![名师点评] 以“形”代算,虽然有一定的技巧性,但通过图形的直观显现,答案直接跃然纸上.1.(2019·常州期末)曲线y =x -cos x 在点错误!处的切线方程为________.[解析] y ′=1+sin x ,故曲线y =x -cos x 在点错误!处的切线的斜率为2.由点斜式方程可得切线方程为2x -y -错误!=0.[答案] 2x -y -错误!=02.函数y =错误!的定义域为集合A ,函数y =ln (2x +1)的定义域为集合B ,则A ∩B =________.[解析] 由1-2x ≥0得x ≤12,故A =错误!,由2x +1〉0得x >-错误!,故B =错误!,故A ∩B =错误!.[答案] 错误!3.函数f (x )=错误!错误!(0≤x ≤2)的值域为________.[解析] 因为函数f (x )=错误!错误!(0≤x ≤2)是减函数,又知错误!错误!=1,错误!错误!=19,从而值域为错误!. [答案] 错误!4.不等式-1<x 2+2x -1≤2的解集是________.[解析] 原不等式等价于:错误!即错误!所以不等式的解集是{x |-3≤x <-2或0<x ≤1}.[答案] {x|-3≤x<-2或0<x≤1}5.(2019·南京模拟)设函数f(x)=错误!则f(3)+f(-错误!)=________.[解析] f(3)+f(-2)=(2+log3错误!)+(3-log2错误!)=2+错误!+3-错误!=5.[答案] 56.已知函数f(x)为奇函数,函数f(x+1)为偶函数,f(1)=1,则f(3)=________.[解析]因为f(x)为奇函数且f(x+1)为偶函数,故f(x+1)=f(-x+1),令x=2,得f(3)=f(-1)=-f(1)=-1,即f(3)=-1.[答案]-17.(2019·深圳质检)在△ABC中,a,b,c分别为∠A,∠B,∠C所对的边,若函数f(x)=错误!x3+bx2+(a2+c2-ac)x+1有极值点,则∠B的范围是________.[解析] 由题意得f′(x)=x2+2bx+a2+c2-ac,Δ=4b2-4a2-4c2+4ac>0,cos B=错误!〈错误!,则∠B的范围是错误!.[答案] 错误!8.若a>0,b〉0,且12a+b+错误!=1,则a+2b的最小值为________.[解析]由已知等式得2a+2b+1=2ab+2a+b2+b,从而,a=错误!,a+2b=错误!+2b=错误!+错误!b+错误!≥错误!+2错误!=错误!,当且仅当错误!b=错误!时等号成立,故有最小值错误!.[答案] 错误!9.(2019·淮安调研)已知函数f(x)=x-错误!,g(x)=x2-2ax+4,若对任意x1∈[0,1],存在x2∈[1,2],使f(x1)≥g(x2),则实数a的取值范围是__________.[解析] 由于f′(x)=1+错误!〉0,因此函数f(x)在[0,1]上单调递增,所以x∈[0,1]时,f(x)min=f(0)=-1.根据题意可知存在x∈[1,2],使得g(x)=x2-2ax+4≤-1,即x2-2ax+5≤0,即a≥x2+错误!能成立,令h(x)=x2+错误!,则要使a≥h(x)在x∈[1,2]能成立,只需使a≥h(x)min,又函数h(x)=错误!+错误!在x∈[1,2]上单调递减,所以h(x)min=h(2)=错误!,故只需a≥错误!.[答案] 错误!10.(2019·南京、盐城高三模拟)已知函数f(x)=ln x+(e-a)x-b,其中e为自然对数的底数.若不等式f(x)≤0恒成立,则错误!的最小值为________.[解析]由不等式f(x)≤0恒成立可得f(x)max≤0.f′(x)=错误!+e-a,x>0,当e-a≥0,即a≤e时,f′(x)>0,f(x)在(0,+∞)上单调递增,且x趋近于+∞,f(x)趋近于+∞,此时f(x)≤0不可能恒成立;当e-a<0,即a>e时,由f′(x)=0得x=错误!,当x∈错误!时,f′(x)>0,f(x)单调递增,当x∈错误!时,f′(x)<0,f(x)单调递减,此时f(x)max=f错误!=-ln(a-e)-1-b≤0,则b≥-ln(a-e)-1,又a>e,所以错误!≥错误!,a>e,令a-e=t>0,则ba≥-ln t-1t+e,t>0.令g(t)=错误!,t>0,则g′(t)=错误!,由g′(t)=0得t=e,且当t∈(0,e)时,g′(t)<0,g(t)单调递减,当t∈(e,+∞)时,g′(t)>0,g(t)单调递增,所以g(t)min=g(e)=-错误!,即错误!≥错误!≥-错误!,故错误!的最小值为-错误!.[答案] -错误!11.(2019·江苏省高考命题研究专家原创卷(九))2018年6月,国家发改委发布了《关于完善国有景区门票价格形成机制降低重点国有景区门票价格的指导意见》,推动了旅游业的转型升级和健康发展.某景区积极响应指导意见,拟实行门票新政,将每张50元的景区门票价格降低来吸引更多的游客,以增加门票的收入,同时投入资金对景区进行升级改造,实现由门票经济向产业经济的转型升级,提高门票收入之外的旅游收入的增加值.据市场调研,若每张门票的价格降低x元,则每年的门票收入增加值为p(x)万元,且满足p(x)=-25x2+ax-5(5≤x≤50);若景区的升级改造投入10x万元,则每年旅游收入的增加值为q(x)万元,且满足q(x)=bx-20ln错误!.已知2017年该景区的游客量为1 000人,且q(25)=270.(1)求a,b的值并将该景区实行门票新政后景区年收入的净增加值表示为x的函数;(2)求该景区实行门票新政后景区年收入的净增加值的最大值.(注:年收入的净增加值=门票年收入增加值+门票年收入之外的旅游收入的增加值-升级改造投入费用)[解] (1)设景区实行门票新政后景区年收入的净增加值为f(x)万元.由题意知2017年的门票收入为50×1 000=50 000(元),则p(50)=-5,所以p(50)=-错误!×502+50a-5=-5,可得a=20.由q(x)=bx-20ln错误!及q(25)=270得25b-20ln 1=270,所以b=错误!,所以f(x)=p(x)+q(x)-10x=错误!x-错误!x2-20ln错误!-5(5≤x≤50).(2)f′(x)=错误!-错误!x-错误!=错误!=错误!(5≤x≤50),显然f(x)在[5,25)上单调递增,在(25,50]上单调递减,所以f(x)max=f(25)=265.答:该景区实行门票新政后景区年收入的净增加值的最大值为265万元.12.(2019·江苏名校高三入学摸底)已知函数f(x)=x ln x-x.(1)求函数f(x)的单调递减区间;(2)令g(x)=f(x)-m2(x2-2)(m∈R),若函数g(x)在(0,+∞)内有两个不相等的极值点x1和x2,且x1<x2.①求实数m的取值范围;②已知λ>0,若不等式e1+λ〈x1·xλ,2恒成立,求实数λ的取值范围.[解] (1)函数f(x)的定义域为(0,+∞),且f′(x)=ln x,令f′(x)=ln x 〈0,得0〈x〈1,故函数f(x)的单调递减区间为(0,1).(2)①依题意,函数g(x)=x ln x-错误!x2-x+m的定义域为(0,+∞),所以方程g′(x)=0在(0,+∞)内有两个不相等的实根,即方程ln x-mx=0在(0,+∞)内有两个不相等的实根,所以函数y=ln x与函数y=mx的图象在(0,+∞)内有两个不同的交点.在同一平面直角坐标系内作出两个函数的图象如图所示,若令过原点且切于函数y=ln x 图象的直线斜率为k,只需0〈m<k.设切点为A(x0,ln x0),所以k=y′|x=x0=错误!,又k=错误!,所以错误!=错误!,解得x=e,于是k=错误!,所以0<m<错误!.②e1+λ<x1·x错误!等价于1+λ<ln x1+λln x2.由①可知x1,x2分别是方程ln x-mx=0的两个根,即ln x1=mx1,ln x2=mx2,所以原不等式等价于1+λ<mx1+λmx2=m(x1+λx2),因为λ>0,0<x1<x2,所以原不等式等价于m>1+λx1+λx2.由ln x1=mx1,ln x2=mx2作差得,ln 错误!=m(x1-x2),即m=错误!,所以原不等式等价于错误!〉错误!,因为0<x1〈x2,原不等式恒成立,所以ln错误!〈错误!恒成立.令t=错误!,t∈(0,1),则不等式ln t<错误!在t∈(0,1)上恒成立.令h(t)=ln t-错误!,又h′(t)=错误!-错误!=错误!,当λ2≥1时,可知当t∈(0,1)时,h′(t)>0,所以h(t)在t∈(0,1)上单调递增,又h(1)=0,所以h(t)〈0在t∈(0,1)上恒成立,符合题意.当λ2〈1时,可见当t∈(0,λ2)时,h′(t)>0,当t∈(λ2,1)时,h′(t)<0,所以h(t)在t∈(0,λ2)上单调递增,在t∈(λ2,1)上单调递减,又h(1)=0,所以h(t)在t∈(0,1)上不能恒小于0,不符合题意,舍去.综上所述,若不等式e1+λ<x1·x错误!恒成立,只需λ2≥1,又λ>0,所以λ≥1.13.(2019·南京模拟)设函数f(x)=x3+ax2+bx(x>0)的图象与直线y=4相切于点M (1,4).(1)求y=f(x)在区间(0,4]上的最大值与最小值;(2)是否存在两个不等正数s,t(s〈t),使得当s≤x≤t时,函数f(x)=x3+ax2+bx的值域是[s,t]?若存在,求出所有这样的正数s,t;若不存在,请说明理由.[解] (1)f′(x)=3x2+2ax+b,依题意,得错误!即错误!解得错误!所以f(x)=x3-6x2+9x.令f′(x)=3x2-12x+9=0,解得x=1或x=3.当x变化时,f′(x),f(x)在区间(0,4]上的变化情况如下表:故函数f((2)由s,t为正数,知s〉0,故极值点x=3不在区间[s,t]上.(ⅰ)若极值点x=1在区间[s,t]上,此时0〈s≤1≤t<3(s〈t),在此区间上f(x)的最大值是4,不可能等于t,故在区间[s,t]上没有极值点;(ⅱ)若f(x)=x3-6x2+9x在[s,t]上单调递增,即0<s<t≤1或3<s<t,则错误!即错误!解得错误!不符合要求;(ⅲ)若f(x)=x3-6x2+9x在[s,t]上单调递减,即1〈s〈t<3,则错误!两式相减并除s-t,得(s+t)2-6(s+t)-st+10=0,①两式相除,可得[s(s-3)]2=[t(t-3)]2,即s(3-s)=t(3-t),整理并除以s-t,得s+t=3,②由①、②可得错误!即s,t是方程x2-3x+1=0的两根,即s=错误!,t=错误!,不合要求.综上所述,不存在满足条件的s,t.14.(2019·江苏省高考名校联考)已知直线y=xe是曲线f(x)=错误!的切线.(1)求函数f(x)的解析式.(2)记F(x)=f(x)-x+错误!,试问函数F(x)在(0,+∞)上是否存在零点x0∈(k,k+1),k∈N?若存在,求k的值;若不存在,请说明理由.(3)用min{m,n}表示m,n中的较小者,设函数g(x)=min错误!(x>0),若函数h(x)=g(x)-tx2在(0,+∞)上单调递增,试求实数t的最大值.[解](1)由题意得f′(x)=错误!=错误!,设切点为(x1,y1),则错误!,解得错误!,故函数f(x)的解析式为f(x)=错误!.(2)由(1)得F(x)=错误!-x+错误!,则F′(x)=错误!-1-错误!,显然,当x≥2时,F′(x)<0,当0<x<2时,F′(x)=错误!-1-错误!<-错误!<0,故F(x)在(0,+∞)上单调递减.又F(1)=错误!>0,F(2)=错误!-错误!<0,所以F(1)·F(2)<0,由零点存在性定理可知,F(x)在(0,+∞)上存在零点x0,且x0∈(1,2),故k=1.(3)由(2)可知,当0<x≤x0时,F(x)≥0,即f(x)≥x-1 x ,当x>x0时,F(x)<0,即f(x)<x-错误!.故g(x)=错误!,从而h(x)=错误!,则h′(x)=错误!.又在(0,+∞)上,h′(x)≥0恒成立,当x∈(0,x0]时,由h′(x)=1+错误!-2tx≥0得t≤错误!错误!,所以t≤错误!错误!.当x∈(x0,+∞)时,由h′(x)=错误!-2tx≥0得t≤错误!,记u(x)=错误!,则由u′(x)=错误!可知当x=3时,u(x)min=-错误!,从而t≤-错误!.综上所述,实数t的最大值为-错误!.。

高分宝典高考数学二轮复习(江苏专用):十六等差、等比数列()

高分宝典高考数学二轮复习(江苏专用):十六等差、等比数列()

微专题十六等差、等比数列一、填空题1. 等差数列{a n}中,a4+a8=10,a10=6,则公差d=________.2. 已知S n是各项均为正数的等比数列{a n}的前n项和,若a2a4=16,S3=7,则a8=________.3. 在等差数列{a n}中,已知a5+a6=23,则数列{a n}的前10项和S10=________.4. 已知等差数列{a n }的公差d 不为0,且a 1,a 3,a 7成等比数列,则a 1d 的值为________.5. 已知等差数列{a n },{b n }的前n 项和分别为S n ,T n ,若S n T n =2n 3n +1,则a 11b 11=________.6. 已知一个等比数列的前三项的积为3,最后三项的积为9,且所有项的积为729,则该数列的项数是________.7. 已知等比数列{a n }共有2n 项,其和为-240,且奇数项的和比偶数项的和大80,则公比q =________.8. 各项均为正数的等比数列{a n }中,若a 1≥1,a 2≤2,a 3≥3,则a 4的取值范围是________.9. 设等差数列{a n }的前n 项和为S n ,若a 2a 4a 6a 8=120,且1a 4a 6a 8+1a 2a 6a 8+1a 2a 4a 8+1a 2a 4a 6=760,则S 9的值为________.10. 已知等比数列{a n }满足a 2a 5=2a 3,且a 4,54,2a 7成等差数列,则a 1a 2…a n 的最大值为________.二、解答题11. 已知{a n }是等差数列,{b n }是等比数列,且b 2=3,b 3=9,a 1=b 1,a 14=b 4.(1) 求{a n }的通项公式;(2) 设c n =a n +b n ,求数列{}c n 的前n 项和.12. 已知数列{a n }满足(a n +1-1)(a n -1)=3(a n -a n +1),a 1=2,令b n =1a n -1. (1) 求证:数列{b n }是等差数列;(2) 求数列{a n }的通项公式.13. 已知数列{a n },{b n }均为各项都不相等的数列,S n 为{a n }的前n 项和,a n +1b n =S n +1(n ∈N *).(1) 若a 1=1,b n =n 2,求a 4的值;(2) 若{a n }是公比为q 的等比数列,求证:存在实数λ,使得{b n +λ}为等比数列.14. 已知n 为正整数,数列{a n }满足a n >0,4(n +1)·a 2n -na 2n +1=0,设数列{b n }满足b n =a 2n t n. (1) 求证:数列⎩⎪⎨⎪⎧⎭⎪⎬⎪⎫a n n 为等比数列; (2) 若数列{b n }是等差数列,求实数t 的值;(3) 若数列{b n }是等差数列,前n 项和为S n ,对任意的n ∈N *,均存在m ∈N *,使得8a 21S n -a 41n 2=16b m 成立,求满足条件的所有整数a 1的值.感谢您的下载!快乐分享,知识无限!由Ruize收集整理!。

2020版江苏高考数学名师大讲坛一轮复习教程学案 第63课等差、等比数列的综合(含解析)

2020版江苏高考数学名师大讲坛一轮复习教程学案 第63课等差、等比数列的综合(含解析)

第63课 等差、等比数列的综合问题1. 等差、等比数列(C 级要求).2. 高考中可能重点关注等差、等比数列{a n }的前n 项和S n 与通项公式a n 之间的相互转化,以及基本量、性质的运用.1. 阅读:必修5第65~68页.2. 解悟:①画出本章知识框图;②写出等差、等比数列的常用性质,体会形式上的联系与区别;③体会课本中整理知识的方法.3. 践习:在教材空白处,完成第67~68页习题第5、6、9、15题.基础诊断1. 已知数列{a n }是公差不为0的等差数列,且a 1,a 3,a 7为等比数列{b n }中连续的三项,则数列{b n }的公比为 2 .解析:设数列{a n }的公差为d(d ≠0).由a 23=a 1a 7,得(a 1+2d)2=a 1(a 1+6d),解得a 1=2d ,故数列{b n }的公比q =a 3a 1=a 1+2d a 1=2a 1a 1=2. 2. 已知等差数列{a n }的首项为1,公差不为0.若a 2,a 3,a 6成等比数列,则数列{a n }的前6项和为 -24 .解析:设数列{a n }的公差为d(d ≠0).根据题意得a 23=a 2a 6,即(a 1+2d)2=(a 1+d)(a 1+5d),解得d =0(舍去)或d =-2,所以数列{a n }的前6项和为S 6=6a 1+6×52d =1×6+6×52×(-2)=-24.3. 设S n 是数列{a n }的前n 项和,且a 1=-1,a n +1=S n S n +1,则S n = -1n.解析:由题意得S 1=a 1=-1;由a n +1=S n S n +1,得S n +1-S n =S n S n +1.因为S n ≠0,所以S n +1-S n S n S n +1=1,即1S n +1-1S n=-1,故数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫1S n 是以1S 1=-1为首项,-1为公差的等差数列,所以1S n =-1-(n -1)=-n ,所以S n =-1n .4. 已知数列{a n }的前n 项和为S n ,对任意n ∈N *都有S n =23a n -13,若1<S k <9 (k ∈N *),则k 的值为 4 W.解析:由题意S n =23a n -13知当n ≥2时,S n -1=23a n -1-13,两式相减,得a n =23a n -23a n -1,所以a n =-2a n -1.又a 1=-1,所以{a n }是以-1为首项,-2为公比的等比数列,所以a n =-(-2)n -1,所以S k =(-2)k -13.由1<S k <9,得4<(-2)k <28.又k ∈N *,所以k =4.范例导航考向❶ 子数列问题例1 已知在等差数列{a n }中,a 2=5,前10项和S 10=120,若从数列{a n }中依次取出第2项、第4项、第8项、…、第2n 项,按原顺序组成新数列{b n },求数列{b n }的前n 项和T n .解析:设数列{a n }的公差为d ,由题意得⎩⎪⎨⎪⎧a 1+d =5,10a 1+10×92d =120,解得⎩⎪⎨⎪⎧a 1=3,d =2, 所以a n =3+(n -1)×2=2n +1,所以b n =a 2n =2·2n +1=2n +1+1,所以T n =2×(21+22+ (2))+n =n +2×2(1-2n )1-2=2n +2+n -4.在等差数列{a n }中,a 10=30,a 20=50. (1) 求数列{a n }的通项公式;(2) 令b n =2a n -10,证明:数列{b n }为等比数列.解析:(1) 设数列{a n }的公差为d.由a 10=30,a 20=50得⎩⎪⎨⎪⎧a 1+9d =30,a 1+19d =50,解得⎩⎪⎨⎪⎧a 1=12,d =2,所以a n =12+(n -1)×2=2n +10.(2) 由(1)得b n =2a n -10=22n +10-10=22n =4n , 所以b n +1b n =4n +14n =4,所以{b n }是首项为4,公比为4的等比数列.【注】 子数列问题需要搞清楚新数列与原数列之间的关系,既可以利用原数列的性质分析子数列,也可以利用子数列分析原数列的性质. 考向❷ 数列与不等式例2 已知数列{c n }的通项公式为c n =4×⎝⎛⎭⎫12n+1,其前n 项和为T n,若不等式12k 4+n -T n ≥2n -7对任意的n ∈N *恒成立,求实数k 的取值范围.解析:c n =4×⎝⎛⎭⎫12n+1,所以 T n =4×12⎝⎛⎭⎫1-12n 1-12+n =4+n -42n .由不等式12k4+n -T n≥2n -7恒成立,得3k ≥2n -72n 恒成立.设d n =2n -72n ,则d n +1-d n =2n -52n +1-2n -72n =-2n +92n +1,所以当n ≤4时,d n +1>d n ;当n ≥5时,d n +1<d n .又d 4=116,d 5=332,所以 d 4<d 5,所以3k ≥332,即k ≥132,故实数k 的取值范围是⎣⎡⎭⎫132,+∞.已知a n =2n -1,设T n =∑n i =1(-1)i a i ,若对任意正整数n ,不等式λT n <[a n +1+(-1)n +1a n ]·2n-1恒成立,求实数λ的取值范围.解析:①当n 为偶数时,设n =2k ,k ∈N *,则T2k=(a2-a1)+(a4-a3)+…+(a2k-a2k-1)=2k,代入不等式λT n<[a n+1+(-1)n+1a n]·2n-1,得λ·2k<4k,从而λ<4k 2k.设f(k)=4k2k,则f(k+1)-f(k)=4k+12(k+1)-4k2k=4k(3k-1)2k(k+1).因为k∈N*,所以f(k+1)-f(k)>0,所以函数f(k)单调递增,所以f(k)min=2,所以λ<2;②当n为奇数时,设n=2k-1,k∈N*,则T2k-1=T2k-a2k=2k-(4k-1)=1-2k,代入不等式λT n<[a n+1+(-1)n+1a n]·2n-1,得λ(1-2k)<(2k-1)4k,从而λ>-4k.因为k∈N*,所以-4k的最大值为-4,所以λ>-4.综上所述,实数λ的取值范围为(-4,2).【注】数列与不等式知识相结合的考查方式主要有三种:一是判断数列问题中的一些不等关系;二是以数列为载体,考查不等式的恒成立问题;三是考查与数列问题有关的不等式的证明.在解决这些问题时,如果是证明题要灵活选择不等式的证明方法,如比较法、综合法、分析法等.如果是解不等式问题,要使用不等式的各种不同解法,如数轴法、因式分解法等.考向❸新定义(类“等差”“等比”数列)问题例3若数列{a n}中存在三项,按一定次序排列构成等比数列,则称{a n}为“等比源数列”.已知数列{a n}满足a n=2n -1+1.判断数列{an}是否为“等比源数列”,并证明你的结论.解析:数列{a n}不是“等比源数列”. 用反证法证明如下:假设数列{a n}是“等比源数列”,则存在三项a m,a n,a k(m<n<k)按一定次序排列构成等比数列,因为a n=2n-1+1,所以a m<a n<a k.由题意得a2n=a m a k,所以(2n-1+1)2=(2m-1+1)(2k-1+1),即22n-m-1+2n-m+1-2k-1-2k-m=1.又m<n<k,m,n,k∈N*,所以2n-m-1≥1,n-m+1≥1,k-1≥1,k-m≥1,所以22n-m-1+2n-m+1-2k-1-2k-m为偶数,与22n-m-1+2n-m+1-2k-1-2k-m=1矛盾,所以数列{a n}中不存在任何三项,按一定次序排列构成等比数列.所以数列{a n}不是“等比源数列”.上例中若数列{a n}为等差数列,且a1≠0,a n∈Z(n∈N*).求证:数列{a n}为“等比源数列”.解析:不妨设等差数列{a n}的公差d≥0.当d=0时,等差数列{a n}为非零常数数列,则数列{a n}为“等比源数列”;当d>0时,因为a n∈Z,则d≥1,且d∈Z,所以数列{a n}中必有一项a m>0.为了使得数列{a n}为“等比源数列”,只需要数列{a n}中存在第n项,第k项(m<n<k),使得a2n=a m a k成立,即[a m+(n-m)d]2=a m·[a m+(k-m)d],即(n-m)[2a m+(n-m)d]=a m(k-m)成立,当n=a m+m,k=2a m+a m d+m时,上式成立,所以数列{a n }中存在a m ,a n ,a k 成等比数列. 所以数列{a n }为“等比源数列”.【注】 新定义问题中,需要严格以新定义为核心,借助特殊值理解题意,借助等差、等比数列的研究技巧进行变形求解.自测反馈1. 若等差数列{a n }和等比数列{b n }满足a 1=b 1=-1,a 4=b 4=8,则a 2b 2= 1 .解析:设等差数列{a n }的公差为d ,等比数列{b n }的公比为q.由题意得-1+3d =-q 3=8,解得d =3,q =-2,所以a 2b 2=-1+3-2=1.2. 设公比不为1的等比数列{a n }的前n 项和为S n ,若-3a 1,-a 2,a 3成等差数列,且a 1=1,则S 4= -20 W. 解析:设数列{a n }的公比为q ,且q ≠1.由题意得-2a 2=-3a 1+a 3,即-2q =-3+q 2,解得q =-3或q =1(舍去),所以S 4=1-(-3)41+3=-20.3. 设等比数列{a n }的前n 项和S n ,若S 3,S 9,S 6成等差数列,且a 2+a 5=4,则a 8= 2. 解析:设{a n }的公比为q.由题意得2S 9=S 3+S 6,所以q ≠1,所以⎩⎪⎨⎪⎧2×a 1(1-q 9)1-q =a 1(1-q 3)1-q +a 1(1-q 6)1-q ,a 1q +a 1q 4=4,解得⎩⎪⎨⎪⎧q 3=-12,a 1q =8,所以a 8=a 1q 7=a 1q ×(q 3)2=8×⎝⎛⎭⎫-122=2.4. 已知{a n }是首项为2,公差不为0的等差数列,若a 1,a 3,a 6成等比数列,则数列{a n }的前n 项和S n = n 2+7n 4 .解析:设数列{a n }的公差为d.由题意得a 23=a 1a 6,即(a 1+2d)2=a 1(a 1+5d),即(2+2d)2=2(2+5d),解得d =12,所以S n =na 1+n (n -1)2d =2n +n (n -1)2×12=n 2+7n 4.1. 解决等差(比)数列问题时,通常考虑两类方法:①基本量,即运用条件转化成关于a 1和d(q)的方程;②运用等差(比)数列的性质(如下标和的性质、子数列的性质、和的性质).2. 你还有那些体悟,写下来:。

2020江苏高考数学(文理通用)二轮培优新方案课后自测:第16讲+基本初等函数+Word版含解析

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课后自测诊断——及时查漏补缺·备考不留死角A 级——高考保分练1.函数y =a x +2-1(a >0,且a ≠1)的图象恒过的点是________.解析:令x +2=0,得x =-2,所以当x =-2时,y =a 0-1=0,所以y =a x +2-1(a >0,且a ≠1)的图象恒过点(-2,0).答案: (-2,0)2.(2019·启东一中检测)已知函数f (x )=⎩⎨⎧ log 3x ,x >0,2x ,x ≤0,则f ⎝ ⎛⎭⎪⎫f ⎝ ⎛⎭⎪⎫19=________. 解析:依题意得f ⎝ ⎛⎭⎪⎫19=log319=-2,f ⎝ ⎛⎭⎪⎫f ⎝ ⎛⎭⎪⎫19=f (-2)=2-2=14. 答案:143.定义新运算“★”:当m ≥n 时,m ★n =m ;当m <n 时,m ★n =n 2.设函数f (x )=(2★x )x -(4★x ),x ∈[1,4],则函数f (x )的值域为____________.解析:由题意知,f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧2x -4,x ∈[1,2],x 3-4,x ∈2,4],当x ∈[1,2]时,f (x )∈[-2,0];当x ∈(2,4]时,f (x )∈(4,60],故当x ∈[1,4]时,f (x )∈[-2,0]∪(4,60].答案:[-2,0]∪(4,60]4.(2019·盐城调研)已知实数a =2ln 2,b =2+2ln 2,c =(ln 2)2,则a ,b ,c 由小到大的顺序是________.解析:因为0<ln 2<1,所以a =2ln 2∈(1,2),c =(ln 2)2∈(0,1).又b =2+2ln 2=2+ln 4∈(3,4),故c <a <b .答案:c <a <b5.已知a >b >1.若log a b +log b a =52,a b =b a ,则a =________,b =________.解析:令log a b =t ,∵a >b >1,∴0<t <1,由log a b +log b a =52,得t +1t =52,解得t =12或t =2(舍去),即log a b =12,∴b =a ,又a b =b a ,∴a a =(a )a ,即a a =a a 2,即a =a 2,解得a =4,∴b =2.答案:4 26.已知f (x )=x 3(e x +e -x )+6,f (a )=10,则f (-a )=________.解析:令g (x )=x 3(e x +e -x ),则f (x )=g (x )+6,因为函数y =x 3是奇函数,y =e x +e -x 是偶函数,所以g (x )是奇函数,所以f (x )+f (-x )=g (x )+6+g (-x )+6=12,所以f (a )+f (-a )=12,又f (a )=10,所以f (-a )=2.答案:27.若函数f (x )=(x 2+1)·2x +m 2x -1是奇函数,则m =________. 解析:设g (x )=x 2+1,h (x )=2x +m 2x -1,易知g (x )=x 2+1是偶函数,则依题意可得h (x )=2x +m 2x -1是奇函数,故h (-x )=2-x +m 2-x -1=-h (x )=-2x +m 2x -1,化简得2x +m =m ·2x +1,解得m =1.答案:18.若函数f (x )=log a ⎝ ⎛⎭⎪⎫x 2+32x (a >0,a ≠1)在区间⎝ ⎛⎭⎪⎫12, +∞内恒有f (x )>0,则f (x )的单调递增区间为________.解析:令M =x 2+32x ,当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫12,+∞时,M ∈(1,+∞),f (x )>0,所以a >1,所以函数y =log a M 为增函数,又M =⎝ ⎛⎭⎪⎫x +342-916,因此M 的单调递增区间为⎝ ⎛⎭⎪⎫-34,+∞.又x 2+32x >0,所以x >0或x <-32,所以函数f (x )的单调递增区间为(0,+∞).答案:(0,+∞)9.已知函数f (x )=ln(x 2+1),g (x )=⎝ ⎛⎭⎪⎫12x -m ,若对∀x 1∈[0,3],∃x 2∈[1,2],使得f (x 1)≥g (x 2),则实数m 的取值范围是________.解析:当x ∈[0,3]时,f (x )min =f (0)=0,当x ∈[1,2]时,g (x )min =g (2)=14-m ,由题意可知原条件等价于f (x )min ≥g (x )min ,即0≥14-m ,所以m ≥14.答案:⎣⎢⎡⎭⎪⎫14,+∞ 10.设函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧ x 2e x ,x ≥0,x 2e x,x <0,则使得f (2x +1)>f (x -1)成立的x 的取值范围是_______________.解析:当x >0时,f (-x )=x 2e x =f (x ),且为增函数.同理当x <0时,f (-x )=x 2e x =f (x ) ,所以函数为偶函数.故函数关于y 轴对称,且左减右增.要使f (2x +1)>f (x -1),则需|2x +1|>|x -1|,两边平方化简得x 2+2x >0,解得x <-2或x >0,故x 的取值范围为(-∞,-2)∪(0,+∞).答案:(-∞,-2)∪(0,+∞)11.(2019·徐州调研)已知函数f (x )=2a ·4x -2x -1.(1)当a =1时,求函数f (x )在x ∈[-3,0]的值域;(2)若关于x 的方程f (x )=0有解,求a 的取值范围.解:(1)当a =1时,f (x )=2·4x -2x -1=2(2x )2-2x -1,令t =2x ,x ∈[-3,0],则t ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤18,1. 故y =2t 2-t -1=2⎝ ⎛⎭⎪⎫t -142-98,t ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤18,1, 则-98≤y ≤0.故f (x )的值域为⎣⎢⎡⎦⎥⎤-98,0. (2)关于x 的方程2a (2x )2-2x -1=0有解,等价于方程2at 2-t -1=0在(0,+∞)上有解.记g (t )=2at 2-t -1,当a =0时,解为t =-1<0,不成立.当a <0时,开口向下,对称轴t =14a <0,过点(0,-1),不成立.当a >0时,开口向上,对称轴t =14a >0,过点(0,-1),必有一个根为正,所以a >0,即a 的取值范围为(0,+∞).12.对于函数f (x ),若在定义域内存在实数x ,满足f (-x )=-f (x ),则称f (x )为“局部奇函数”.(1)已知二次函数f (x )=ax 2+2x -4a (a ∈R ),试判断f (x )是否为“局部奇函数”,并说明理由;(2)若f (x )=2x +m 是定义在区间[-1,1]上的“局部奇函数”,求实数m 的取值范围;(3)若f (x )=4x -m ·2x +1+m 2-3为定义在R 上的“局部奇函数”,求实数m 的取值范围.解: f (x )为“局部奇函数”等价于关于x 的方程f (x )+f (-x )=0有解.(1)当f (x )=ax 2+2x -4a (a ∈R )时,方程f (x )+f (-x )=0,即2a (x 2-4)=0有解x =±2,所以f (x )为“局部奇函数”.(2)当f (x )=2x +m 时,f (x )+f (-x )=0可化为2x +2-x +2m =0.因为f (x )的定义域为[-1,1],所以方程2x +2-x +2m =0在[-1,1]上有解.令t =2x ,则t ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2,则-2m =t +1t . 设g (t )=t +1t ,则g ′(t )=1-1t 2=t 2-1t 2.当t ∈(0,1)时,g ′(t )<0,故g (t )在(0,1)上为单调减函数;当t ∈(1,+∞)时,g ′(t )>0,故g (t )在(1,+∞)上为单调增函数.所以t ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2时,g (t )∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤2,52. 所以-2m ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤2,52,即m ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤-54,-1. (3)当f (x )=4x -m ·2x +1+m 2-3时,f (x )+f (-x )=0可化为4x +4-x -2m (2x +2-x )+2m 2-6=0.设t =2x +2-x ,则t ∈[2,+∞),4x +4-x =t 2-2,从而t 2-2mt +2m 2-8=0在[2,+∞)有解,即可保证f (x )为“局部奇函数”. 令F (t )=t 2-2mt +2m 2-8.①当F (2)≤0时,t 2-2mt +2m 2-8=0在[2,+∞)上有解,由F (2)≤0,即2m 2-4m -4≤0,解得1-3≤m ≤1+3;②当F (2)>0时,t 2-2mt +2m 2-8=0在[2,+∞)上有解等价于⎩⎪⎨⎪⎧ Δ=4m 2-42m 2-8≥0,m >2,F 2>0,解得1+3<m ≤2 2.(说明:也可转化为大根大于等于2求解)综上,所求实数m 的取值范围为[1-3,22].B 级——难点突破练1.(2019·海安中学检测)已知定义在R 上的函数f (x )在区间[0,+∞)上单调递增,且y =f (x -1)的图象关于x =1 对称,若实数a 满足f (log 2a )<f (2),则a 的取值范围是________.解析:根据题意,y =f (x -1)的图象关于直线x =1对称,则函数f (x )的图象关于y 轴对称,即函数f (x )为偶函数,又由函数f (x )在区间[0,+∞)上单调递增,可得f (|log 2a |)<f (2),则|log 2a |<2,即-2<log 2a <2,解得14<a <4,即a 的取值范围为⎝ ⎛⎭⎪⎫14,4. 答案:⎝ ⎛⎭⎪⎫14,4 2.若方程2log 2x -log 2(x -1)=m +1有两个不同的解,则实数m 的取值范围是________.解析:由题意知⎩⎪⎨⎪⎧ x >0,x -1>0,即x >1,方程化简为log 2x 2x -1=m +1,故x 2x -1=2m +1,即x 2-2m +1x +2m +1=0,当x >1时,此方程有两个不同的解,所以⎩⎪⎨⎪⎧ 2m >1,1-2m +1+2m +1>0,Δ=22m +2-4×2m +1>0,得m >1.答案:(1,+∞)3.(2019·盐城一模)已知函数f (x )=b ·a x (其中a ,b 为常量,且a >0,a ≠1)的图象经过点A (1,6),B (3,24).(1)求函数f (x )的解析式;(2)若不等式⎝ ⎛⎭⎪⎫1a x +⎝ ⎛⎭⎪⎫1b x -m ≥0在x ∈(-∞,1]上恒成立,求实数m 的取值范围. 解:(1)因为f (x )=b ·a x 的图象过点A (1,6),B (3,24),所以⎩⎪⎨⎪⎧ b ·a =6, ①b ·a 3=24, ② ②÷①得a 2=4,又a >0,且a ≠1,所以a =2,b =3,所以f (x )=3·2x .(2)⎝ ⎛⎭⎪⎫1a x +⎝ ⎛⎭⎪⎫1b x -m ≥0在(-∞,1]上恒成立化为m ≤⎝ ⎛⎭⎪⎫12x +⎝ ⎛⎭⎪⎫13x 在(-∞,1]上恒成立. 令g (x )=⎝ ⎛⎭⎪⎫12x +⎝ ⎛⎭⎪⎫13x ,g (x )在(-∞,1]上单调递减, 所以m ≤g (x )min =g (1)=12+13=56,故所求实数m 的取值范围是⎝ ⎛⎦⎥⎤-∞,56. 4.对于函数f (x )(x ∈D ),若存在正常数T ,使得对任意的x ∈D ,都有f (x +T )≥f (x )成立,我们称函数f (x )为“T 同比不减函数”.(1)求证:对任意正常数T ,f (x )=x 2都不是“T 同比不减函数”;(2)是否存在正常数T ,使得函数f (x )=x +|x -1|-|x +1|为“T 同比不减函数”?若存在,求出T 的取值范围;若不存在,请说明理由.解:(1)证明:任取正常数T ,存在x 0=-T ,所以x 0+T =0.因为f (x 0)=f (-T )=T 2>f (0)=f (x 0+T ),即f (x )≤f (x +T )不恒成立,所以f (x )=x 2不是“T 同比不减函数”.(2)设函数f (x )=x +|x -1|-|x +1|是“T 同比不减函数”,f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧ x -2,x ≥1,-x ,-1<x <1,x +2,x ≤-1,当x =-1时,因为f (-1+T )≥f (-1)=1=f (3)成立,所以-1+T ≥3,所以T ≥4.而另一方面,若T ≥4,①当x ∈(-∞,-1]时,f (x +T )-f (x )=x +T +|x +T -1|-|x +T +1|-(x +2)=T +|x +T -1|-|x +T +1|-2.因为|x+T-1|-|x+T+1|≥-|(x+T-1)-(x+T+1)|=-2,所以f(x+T)-f(x)≥T-2-2≥0,所以有f(x+T)≥f(x)成立.②当x∈(-1,+∞)时,f(x+T)-f(x)=x+T-2-(x+|x-1|-|x+1|)=T-2-|x-1|+|x+1|.因为|x+1|-|x-1|≥-|(x+1)-(x-1)|=-2,所以f(x+T)-f(x)≥T-2-2≥0,即f(x+T)≥f(x)成立.综上,恒有f(x+T)≥f(x)成立,所以T的取值范围是[4,+∞).。

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微专题十六 等差、等比数列
在近三年的高考题中,等差、等比数列一直是高考重点和难点,填空题中有等差、等比数列基本量的考察,解答题第一问也有等差、等比基本问题考察,这类考察均以基础题和中档题出现,是数列为数不多的得分点.
目标1 等差、等比数列基本量计算
例1 (1) 在各项均为正数的等比数列{a n }中,若a 2=1,a 8=a 6+6a 4,则a 3的值为________.
(2) S n 是等差数列{a n }的前n 项和,若S n S 2n =n +14n +2,则a 3
a 5
=________.
(3) 设等比数列{a n }的前n 项和为S n .若S 3,S 9,S 6成等差数列,且a 8=3,则a 5的值为________.
点评:
【思维变式题组训练】
1. 等差数列{a n }中,若S n 为{a n }的前n 项和,2a 7=a 8+5,则S 11的值是________.
2. 一个等比数列的前三项的积为3,最后三项的积为9,且所有项的积为729,则该数列的项数是________.
3. 等比数列{a n }的前n 项和为S n ,若S 3,S 9,S 6成等差数列,且a 2+a 5=4,则a 8的值为________.
4. 设等差数列{a n }满足a 3+a 7=36,a 4a 6=275,且a n a n +1有最小值,则这个最小值为________.
目标2 等差、等比数列性质运用
例2 (1) 已知等差数列{a n }的前n 项和为S n .若S 15=30,a 7=1,则S 9的值为________. (2) 已知等比数列{a n }的各项均为正数,且a 1+a 2=49,a 3+a 4+a 5+a 6=40,则
a 7+a 8+a 99的值为________.
(3) 设S n 是等比数列{a n }的前n 项和,若S 4S 2=3,则S 6
S 4
=________.
(4) 已知S n 是等差数列{a n }的前n 项和,若a 1=-2 014,S 2 0142 014-S 2 008
2 008=6,则S 2 019=
________.
点评:
【思维变式题组训练】
1. 一个等差数列的前12项和为354,前12项中偶数项的和与奇数项的和之比为32∶27,则该数列的公差d =________.
2. 等差数列{a n }中,已知S n 是其前n 项和,a 1=-9,S 99-S 7
7=2,则S 10=________.
3. 若公比不为1的等比数列{a n }满足log 2(a 1a 2…a 13)=13,等差数列{}b n 满足b 7=a 7,则b 1+b 2+…+b 13的值为________.
4. 设各项都是正数的等比数列{a n }的前n 项和为S n ,且S 10=10,S 30=70,那么S 40=________.
目标3 等差、等比数列的判定与证明
例3 已知数列{a n }的前n 项和为S n ,满足a 1=2,S n =λna n +μa n -1,其中n ≥2,n ∈N *,λ,μ∈R .
(1) 若λ=0,μ=4,b n =a n +1-2a n (n ∈N *),求证:数列{b n }是等比数列; (2) 若数列{a n }是等比数列,求λ,μ的值;
(3) 若a 2=3,且λ+μ=3
2,求证:数列{a n }是等差数列.
点评:
【思维变式题组训练】
1. 已知公差大于零的等差数列{a n }的前n 项和S n ,且满足a 2a 4=65,a 1+a 5=18. (1) 求数列{a n }的通项公式a n ;
(2) 是否存在常数k ,使得数列{}S n +kn 为等差数列?若存在,求出常数k ;若不存在,请说明理由.
2. 已知等差数列{a n }的首项为1,公差为d ,数列{b n }的前n 项和为S n ,且对任意的n ∈N *,6S n =9b n -a n -2恒成立.
(1) 如果数列{S n }是等差数列,证明:数列{b n }也是等差数列; (2) 如果数列⎩⎨⎧

⎬⎫b n +12为等比数列,求d 的值.。

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