2018年高考物理二轮复习：20分钟快速训练3 含解析 精品
2018版高考物理二轮小题提速练9 含解析 精品
小题提速练(九)(时间：20分钟分值：48分)选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．) 14．(2018·高三第二次全国大联考(新课标卷Ⅰ))某一个物理量随另一个物理量变化的图象如图1所示，则下列说法不正确的是()图1A．若这个图是反映一个电阻的电流I随时间t变化规律的图象(I-t图)，这个图象与横轴围成的面积表示一段时间内通过这个电阻的电荷量B．若这个图是反映一个物体的速度v随时间t变化规律的图象(v-t图)，这个图象的斜率表示这个物体的加速度，这个图象与横轴围成的面积表示这个物体在一段时间内的位移C．若这个图是反映一个电阻两端的电压U随通过这个电阻的电流I变化规律的图象(U-I图)，这个图象的斜率表示这个电阻的阻值大小，这个图象与横轴围成的面积表示电阻在该电流时的电功率D．若这个图是反映一个物体所受力F随这个物体的位移x变化规律的图象(F-x图)，这个图象与横轴围成的面积表示物体在这段位移内这个力做的功C[I-t图中，图象与横轴围成的面积表示一段时间内通过电阻的电荷量，A正确；v-t图中，图象的斜率表示物体的加速度，图象与横轴围成的面积表示物体在一段时间内的位移，B正确；U-I图中，斜率不表示这个电阻的阻值大小，图象与横轴围成的面积也不表示电阻在该电流时的电功率，C错误；F-x图中，图象与横轴围成的面积表示物体在这段位移内力做的功，D正确．本题选择错误的，故选C.]15．(2018·鞍山一中最后一模)用如图2所示的装置演示光电效应现象，当用某种频率的光照射到光电管上时，电流表G的读数为i，若改用更高频率的光照射，此时()图2A．将电池正负的极性反转，则光电管中可能没有光电子产生B．将开关S断开，则仍有电流流过电流表GC．将变阻器的触点c向b移动，光电子到达阳极时的速度必将增大D．只要电源的电动势足够大，将变阻器的触点c向a端移动，电流表G 的读数必将变大B[将电池的正负极性反转，光电管中仍有光电子产生，只是电流表的读数可能为零，A错误；将开关S断开后，光电管射出的光电子仍可到达阳极，形成电流，B正确；将变阻器的触点c向b移动时，光电管两极间的加速电压将减小，故光电子到达阳极的速度必将减小，C错误；若电流表G的读数达到饱和电流时，再增加光电管两端电压，电流表的读数也不会变大，D错误．]16．(2018·抚州市临川一中模拟)某电场的电场线分布如图3所示，M、N、Q是以电场线上一点O为圆心的同一圆周上的三点，OQ连线与直线MN垂直．以下说法正确的是()【导学号：19624240】图3A．O点电势与Q点电势相等B．M、O间的电势差大于O、N间的电势差C ．将一负电荷由M 点移到Q 点，电荷的电势能减少D ．正电荷在Q 点所受电场力的方向与OQ 垂直且竖直向上B [根据电场线与等势线垂直特点，在O 点所在电场线上找到Q 点的等势点，该等势点在O 点的上方，根据沿电场线电势降低可知，O 点的电势比Q 点的电势高，故A 错误；根据电场线分布情况可知，MO 间的平均电场强度比ON 之间的平均电场强度大，由公式U ＝Ed 可知，M 、O 间的电势差大于O 、N 间的电势差，故B 正确；M 点的电势比Q 点的电势高，负电荷由M 点移到Q 点，电场力做负功，电荷的电势能增加，故C 错误；正电荷所受的电场力与该点电场线的切线方向相同，斜向上，故D 错误．]17．(2018·南宁市高考物理一模)2018年2月11日，科学家宣布“激光干涉引力波天文台(LIGO)”探测到由两个黑洞合并产生的引力波信号，这是在爱因斯坦提出引力波概念100周年后，引力波被首次直接观测到．在两个黑洞合并过程中，由于彼此间的强大引力作用，会形成短时间的双星系统．如图4所示，黑洞A 、B 可视为质点，它们围绕连线上O 点做匀速圆周运动，且AO 大于BO ，不考虑其他天体的影响．下列说法正确的是( )图4A ．黑洞A 的向心力大于B 的向心力B ．黑洞A 的线速度大于B 的线速度C ．黑洞A 的质量大于B 的质量D ．两黑洞之间的距离越大，A 的周期越小B [双星靠相互间的万有引力提供向心力，根据牛顿第三定律可知，A 对B 的作用力与B 对A 的作用力大小相等，方向相反，则黑洞A 的向心力等于B 的向心力，故A 错误；双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度，由图可知A 的半径比较大，根据v ＝ωr 可知，黑洞A 的线速度大于B 的线速度，故B 正确；在匀速转动时的向心力大小关系为：m A ω2r A ＝m B ω2r B ，由于A 的半径比较大，所以A 的质量小，故C 错误；双星靠相互间的万有引力提供向心力，所以G m A m B L 2＝m A 4π2T 2r A ＝m B ω2r B ，又：r A ＋r B＝L，得r A＝m B Lm A＋m B，L为二者之间的距离，所以得：Gm A m BL2＝m A4π2m B LT2(m A＋m B)即：T2＝4π2L3G(m A＋m B)，则两黑洞之间的距离越小，A的周期越小，故D错误．]18．(2018·临川一中模拟)如图5所示，电路中有五个完全相同的灯泡，额定电流均为I，电阻均为R，变压器为理想变压器，现在五个灯泡都正常发光，则()图5A．原、副线圈匝数之比n1∶n2＝3∶1B．原、副线圈匝数之比n1∶n2＝3∶2C．电源电压U为2IRD．电源电压U为3IRA[电路中五个完全相同的灯泡均正常发光，设灯泡的额定电压为U0，则有：n1n2＝3II＝31，A正确，B错误；U＝2U0＋3U0＝5U0＝5IR，故C、D均错误．]19．(2018·新余市一中七模)如图6所示，小球A置于固定在水平面上的光滑半圆柱体上，小球B用水平轻弹簧拉着系于竖直板上，两小球A、B通过光滑滑轮O用轻质细线相连，两球均处于静止状态，已知B球质量为m，O点在半圆柱体圆心O1的正上方，OA与竖直方向成30°角，OA长度与半圆柱体半径相等，OB与竖直方向成45°角，则下列叙述正确的是()图6A．小球A、B受到的拉力T OA与T OB相等，且T OA＝T OB＝mgB．弹簧弹力大小为mgC．A球质量为6mD ．光滑半圆柱体对A 球支持力的大小为mgBC [对B 隔离分析，根据共点力平衡得：水平方向有：T OB sin 45°＝F竖直方向有：T OB cos 45°＝mg ，则T OB ＝2mg ，弹簧弹力F ＝mg ，根据定滑轮的特点知：T OA ＝T OB ，故A 错误，B 正确．对A 分析，如图所示，由几何关系可知拉力T OA 和支持力N 与水平方向的夹角相等，夹角为60°，则N 和T OA 相等，有：2T OA sin 60°＝m A g ，解得m A ＝6m ，由对称性可得：N ＝T OA ＝2mg ，故C 正确，D 错误．故选B 、C.]20．(2018·商丘一中押题卷)将四根完全相同的表面涂有绝缘层的金属丝首尾连接，扭成如图所示四种形状的闭合线圈，图中大圆半径均为小圆半径的两倍，将线圈先后置于同一匀强磁场中，线圈平面均与磁场方向垂直．若磁感应强度从B 增大到2B ，则线圈中通过的电量最少的是( )BC [根据法拉第电磁感应定律，E ＝N ΔΦΔt ，而闭合电路欧姆定律，I ＝E R ，且电量q ＝It ，则有q ＝N ΔΦR ，若磁感应强度从B 增大到2B ，则线圈中通过的电量最少的是磁通量变化最少的，由于穿过线圈的磁通量分正负面，因此A 选项的磁通量变化量最大，而D 选项是将小圆旋转180度后再翻转，则磁通量变化也是最大，对于B选项，是将A选项小圆旋转180度，则磁通量的变化最小；而C选项，是将A选项小圆翻转180度，则磁通量的变化也是最小；综上所述，故BC正确，AD错误．]21．(2018·新余市一中七模)如图7所示，小车在光滑水平面上向左匀速运动，轻质弹簧左端固定在A点，物体与固定在A点的细线相连，物体压缩弹簧(物体与弹簧未连接)，某时刻细线断开，物体沿车滑动到B端并粘在B端的油泥上，取小车、物体和弹簧为一个系统，下列说法正确的是()【导学号：19624241】图7A．若物体滑动中不受摩擦力，则全过程系统机械能守恒B．若物体滑动中有摩擦力，全过程系统动量守恒C．不论物体滑动中有没有摩擦，小车的最终速度与断线前相同D．不论物体滑动中有没有摩擦，系统损失的机械能相同BCD[物体与橡皮泥黏合的过程，发生非弹簧碰撞，系统机械能有损失，故A错误；整个系统在水平方向不受外力，竖直方向上合外力为零，则系统动量一直守恒，故B正确；取系统的初速度方向为正方向，根据动量守恒定律可知，物体沿车滑动到B端粘在B端的油泥上后系统共同的速度与初速度是相同的，故C正确；由C的分析可知，当物体与B端橡皮泥粘在一起时，系统的速度与初速度相等，所以系统的末动能与初动能是相等的，系统损失的机械能等于弹簧的弹性势能，与物体滑动中有没有摩擦无关，故D正确．]。
高考物理二轮复习训练：20分钟快速训练1Word版含解析
选择题专题训练20分钟快速训练(一)本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．(2018·北京高考压轴卷)对于物体经历的一个过程，以下说法正确的是(C)A．物体的动能变化为零时，物体所受合外力一定为零B．物体运动的位移为零时，摩擦力做功一定为零C．物体运动中动能不变时，合外力总功一定为零D．物体所受合外力为零时，物体的机械能变化一定为零[解析]物体的动能变化为零时，物体所受合外力不一定为零，比如匀速圆周运动，所以A错误；物体运动的位移为零时，摩擦力做功不一定为零，比如物体沿一圆周运动一周，摩擦力做功等于力与路程的乘积，所以B错误；根据动能定理，物体运动中动能不变时，合外力总功一定为零，所以C正确；物体所受合外力为零时，物体的机械能变化不一定为零，比如匀速上升的物体，机械能增加，故D错误。
2．(2018·山东、湖北部分重点中学冲刺模拟卷四)如图所示，静止在水平地面上倾角为θ斜面光滑的斜面体上，有一斜劈A，A的上表面水平且放有一斜劈B，B的上表面上有一物块C，A、B、C一起沿斜面匀加速下滑．已知A、B、C的质量均为m，重力加速度为g。
下列说法正确的是(B)A．A的上表面可以是光滑的B．C可能只受两个力作用C．A加速度大小为g cosθD．斜面体受到地面的摩擦力为零[解析]对B、C整体受力分析，受重力、支持力，而B、C沿斜面匀加速下滑，整体的合力沿斜面向下，所以A、B间摩擦力不为零，A错误；对ABC整体分析，由于斜面体斜面光滑，所以整体的加速度为a＝g sinθ，如果B的上表面是光滑的，倾角也为θ，则C的加速度也为α＝g sinθ，此时只受重力和B给的支持力，B正确C错误；因为ABC整体对斜面体有个斜向右下的作用力，该力可分解为一个水平向右的分力，而斜面体处于静止状态，故斜面体受地面的摩擦力水平向左，D错误。
2018年高考物理二轮复习25分钟规范训练3
25分钟规范训练(三)1．(12分)如图，在倾角θ＝37˚的粗糙斜面上距离斜面底端s ＝1 m 处，有一质量m ＝1 kg 的物块，在竖直向下的恒力F 作用下，由静止开始沿斜面下滑。
到达斜面底端时立即撤去F ，物块又在水平面上滑动一段距离后停止。
不计物块撞击水平面时的能量损失，物块与各接触面之间的动摩擦因数相同，g 取10 m/s 2，sin 37˚＝0.6，cos 37˚＝0.8。
当F ＝30 N 时，物块运动过程中的最大速度为4 m/s ，求：(1)物块与接触面之间的动摩擦因数；(2)当F ＝0时，物块运动的总时间；(3)改变F 的大小，物块沿斜面运动的加速度a 随之改变。
当a 为何值时，物块运动的总时间最小，并求出此最小值。
[解析] (1)物块到达斜面底端时速度最大，设物块在斜面上的加速度为a ，根据运动学公式v 2＝2as ①代入数据得a ＝8 m/s 2②对斜面上物块受力分析F N ＝(mg ＋F )cos θ③(mg ＋F )sin θ－F f ＝ma ④ F f ＝μF N ⑤代入数据，解得μ＝0.5⑥(2)当F ＝0时，由③④⑤得mg sin θ－μmg cos θ＝ma 1⑦设物块在斜面上的运动时间为t 1，在水平面上的运动时间为t 2，则s ＝12a 1t 21⑧ 到达底端时速度为v ＝2a 1s ＝μgt 2⑨代入数据解得t ＝t 1＋t 2＝1.4 s ⑩(3)设此时物块在斜面上的加速度为a 2，由⑧⑨得总时间为t 1＋t 2＝2sa 2＋2a 2s μg⑪ 根据基本不等式2s a 2＋2a 2s μg ≥22s a 2·2a 2s μg ⑫ 即当2s a 2＝2a 2s μg 时，总时间有最小值⑬解得a 2＝μg ＝5 m/s 2⑭ t min ＝2105s 2．(20分)(2017·陕西省西安市长安区第三次联考)如图所示，足够长的平行金属导轨MN 、PQ 倾斜放置，其所在平面与水平面间的夹角为θ＝30˚，两导轨间距为L ，导轨下端分别连着电容为C 的电容器和阻值为R 的电阻，开关S 1、S 2分别与电阻和电容器相连。
2018年高考物理二轮复习：25分钟规范训练3含解析
25分钟规范训练(三)1．(12分)如图，在倾角θ＝37˚的粗糙斜面上距离斜面底端s ＝1 m 处，有一质量m ＝1 kg 的物块，在竖直向下的恒力F 作用下，由静止开始沿斜面下滑。
到达斜面底端时立即撤去F ，物块又在水平面上滑动一段距离后停止。
不计物块撞击水平面时的能量损失，物块与各接触面之间的动摩擦因数相同，g 取10 m/s 2，sin 37˚＝0.6，cos 37˚＝0.8。
当F ＝30 N 时，物块运动过程中的最大速度为4 m/s ，求：导学号 86084450(1)物块与接触面之间的动摩擦因数；(2)当F ＝0时，物块运动的总时间；(3)改变F 的大小，物块沿斜面运动的加速度a 随之改变。
当a 为何值时，物块运动的总时间最小，并求出此最小值。
[解析] (1)物块到达斜面底端时速度最大，设物块在斜面上的加速度为a ，根据运动学公式 v 2＝2as ①代入数据得a ＝8 m/s 2②对斜面上物块受力分析F N ＝(mg ＋F )cos θ③(mg ＋F )sin θ－F f ＝ma ④F f ＝μF N ⑤代入数据，解得μ＝0.5⑥(2)当F ＝0时，由③④⑤得mg sin θ－μmg cos θ＝ma 1⑦设物块在斜面上的运动时间为t 1，在水平面上的运动时间为t 2，则s ＝12a 1t 21⑧ 到达底端时速度为v ＝2a 1s ＝μgt 2⑨代入数据解得t ＝t 1＋t 2＝1.4 s ⑩(3)设此时物块在斜面上的加速度为a 2，由⑧⑨得总时间为t 1＋t 2＝2s a 2＋2a 2s μg⑪ 根据基本不等式2s a 2＋2a 2s μg≥22s a 2·2a 2s μg ⑫ 即当2s a 2＝2a 2s μg时，总时间有最小值⑬解得a 2＝μg ＝5 m/s 2⑭t min ＝2105s 2．(20分)(2017·陕西省西安市长安区第三次联考)如图所示，足够长的平行金属导轨MN 、PQ 倾斜放置，其所在平面与水平面间的夹角为θ＝30˚，两导轨间距为L ，导轨下端分别连着电容为C 的电容器和阻值为R 的电阻，开关S 1、S 2分别与电阻和电容器相连。
2018版高考物理二轮复习小题提速练4 含解析 精品
小题提速练(四)(时间：20分钟分值：48分)选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)14．(2018·沈阳三模)智能手机的普及使“低头族”应运而生．低头时，颈椎受到的压力会增大(当人体直立时，颈椎所承受的压力等于头部的重量)．现将人体头颈部简化为如图1所示的模型：重心在头部的P点，在可绕O转动的颈椎OP(轻杆)的支持力和沿PQ方向肌肉拉力的作用下处于静止．当低头时，若颈椎与竖直方向的夹角为45°，PQ与竖直方向的夹角为53°，此时颈椎受到的压力与直立时颈椎受到压力的比值为(sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6)( )图1A．4 B．5C．4 2 D．5 2C[对头部受力分析如图所示，由平衡条件可得：F N sin 45°＝F sin 53°，F N cos 45°＝mg＋F cos 53°，可求得：F N＝42mg，所以选项C正确．]15．(2018·虎林市摸底考试)质量分别为m1、m2的甲、乙两球，在离地相同高度处，同时由静止开始下落，由于空气阻力的作用，两球到达地面前经时间t0分别到达稳定速度v1、v2，已知空气阻力大小f与小球的下落速率v成正比，即f＝kv(k＞0)，且两球的比例常数k完全相同，两球下落的vt关系如图2所示，下落说法正确的是( )【导学号：19624225】图2A ．m 1＜m 2B.m 1m 2＝v 1v 2C ．释放瞬间甲球的加速度较大D ．t 0时间内两球下落的高度相等B [两球最终匀速时均有kv ＝mg ，故有m 1m 2＝v 1v 2，B 正确；由于v 1＞v 2，所以m 1＞m 2，A 错误；t ＝0时f ＝0，两球加速度均为g ，C 错误；t 0时间内小球下落的高度对应图线与t 轴所围面积，由图可知，甲球下落高度大些，D 错误．]16．(2018·天津高考)“天津之眼”是一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮，是天津市的地标之一．摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动．下列叙述正确的是( )图3A ．摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变B ．在最高点时，乘客重力大于座椅对他的支持力C ．摩天轮转动一周的过程中，乘客重力的冲量为零D ．摩天轮转动过程中，乘客重力的瞬时功率保持不变B [A 错：摩天轮转动过程中，乘客的动能不变，重力势能不断变化，故乘客的机械能不断变化．B 对：乘客在最高点时，具有向下的加速度，处于失重状态．C 错：根据I ＝Ft 知，重力的冲量不为0.D 错：根据P ＝mgv cos θ，θ为力方向与速度方向之间的夹角，摩天轮转动过程中，θ不断变化，重力的瞬时功率不断变化．]17．(2018·沈阳铁路实验中学模拟)如图4甲所示为一理想变压器，原、副线圈的匝数比为n 1∶n 2＝3∶1，且分别接有阻值相同的电阻R 1和R 2，R 1＝R 2＝100 Ω，通过电阻R 1的瞬时电流如图乙所示，则此时( )【导学号：19624226】图4A ．用电压表测量交流电源电压约为424 VB ．断开开关S 后，通过电阻R 1的瞬时电流还是如图乙所示C ．交流电源的功率162 WD ．R 1和R 2消耗的功率之比为1∶3A [由U 1U 2＝n 1n 2，I 1I 2＝n 2n 1得，通过R 1的电流有效值I 1＝3210A ，通过R 2的电流的有效值I 2＝9210A ，副线圈两端的电压U 2＝90 2 V ，原线圈两端电压U 1＝270 2 V ，而U ＝U 1＋I 1R 1＝300 2 V≈424 V，故A 正确；断开开关S 后，通过电阻R 1的电流为0，故B 错误；交流电源的功率P ＝UI 1＝180 W ，故C 错误；R 1消耗的功率P 1＝I 21R 1＝18 W ，R 2消耗的功率P 2＝I 22R 2＝162 W ，P 1P 2＝19，故D 错误．] 18．(2018·抚州市临川一中模拟)如图5所示，半径为R 的圆表示一柱形区域的横截面(纸面)．在柱形区域内加方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B .一带正电荷的粒子沿图中直线以速率v 0从圆上的a 点射入柱形区域，从圆上b 点射出磁场时速度方向与射入时的夹角为120°(b 点图中未画出)．已知圆心O 到直线的距离为12R ，不计重力，则下列关于粒子的比荷正确的是( )图5A.q m ＝v 02BRB.q m ＝v 0BRC.q m ＝3v 02BRD.q m ＝2v 0BRB [如图所示，设正粒子从a 点沿直线射入后从b 点射出，a 、b 两点的速度方向或反向延长线方向相交于c 点．由于cb ＝ca ，且∠bca ＝60°，所以△cba 是等边三角形．由题设条件Od ＝12R ，则ab ＝2Od tan 60°＝3R .则粒子做匀速圆周运动的半径r ＝ab 2sin 60°＝R .由洛伦兹力提供向心力：qvB ＝m v 2r ，所以q m ＝v 0BR，则选项A 、C 、D 错误，B 正确．]19．(2018·哈尔滨九中二模)月球自转周期为T ，与它绕地球匀速圆周运动的公转周期相同，假如“嫦娥四号”卫星在近月轨道(轨道半径近似为月球半径)做匀速圆周运动的周期为T 0，如图6所示，PQ 为月球直径，某时刻Q 点离地心O 最近，且P 、Q 、O 共线，月球表面的重力加速度为g 0，万有引力常量为G ，则下列说法正确的是( )【导学号：19624227】图6A ．月球质量M ＝T 40g 304π4GB ．月球的第一宇宙速度v ＝g 0T 02πC ．要使“嫦娥四号”卫星在月球的背面P 点着陆，需提前减速D ．再经T 2时，P 点离地心O 最近 BC [根据mg 0＝mR 4π2T 20得，月球的半径R ＝g 0T 204π2，根据GMmR 2＝mg 0 得月球的质量为：M ＝g 0R 2G ＝T 40g 3016π4G ，故A 错误．根据mg 0＝m v 2R得月球的第一宇宙速度为：v ＝g 0R ＝g 0T 02π，故B 正确．要使“嫦娥四号”卫星在月球的背面P 点着陆，需减速，使得万有引力大于向心力，做近心运动，故C 正确．月球自转周期T 与它绕地球匀速圆周运动的公转周期相同，再经T 2时，P 点离地心O 最远，故D 错误．故选B 、C.]20．(2018·江苏高考)在x轴上有两个点电荷q1、q2，其静电场的电势φ在x轴上分布如图7所示．下列说法正确的有( )图7A．q1和q2带有异种电荷B．x1处的电场强度为零C．负电荷从x1移到x2，电势能减小D．负电荷从x1移到x2，受到的电场力增大AC[A对：两个点电荷在x轴上，且x1处的电势为零，x＞x1处的电势大于零，x＜x1处的电势小于零．如果q1、q2为同种电荷，x轴上各点的电势不会有正、负之分，故q1、q2必为异种电荷．B错：φx图象中曲线的斜率表示电场强度大小，x1处的电场强度不为零．C对：x2处的电势最高，负电荷从x1移动到x2，即从低电势处移动到高电势处，电场力做正功，电势能减小．D错：由φx图象知，从x1到x2，电场强度逐渐减小，负电荷从x1移动到x2，所受电场力减小．]21．(2018·衡水中学二模)如图8甲所示，质量m＝3.0×10－3 kg的“”形金属细框竖直放置在两水银槽中，“”形框的水平细杆CD长L＝0.20 m，处于磁感应强度大小B1＝0.1 T、方向水平向右的匀强磁场中，有一匝数n＝300、面积S＝0.01 m2的线圈通过开关S与两水银槽相连，线圈处于与线圈平面垂直、沿竖直方向的匀强磁场中，其磁感应强度B2随时间t变化的关系如图乙所示，t＝0.22 s时闭合开关S，细框瞬间跳起(细框跳起瞬间安培力远大于重力)，跳起的最大高度h＝0.20 m，不计空气阻力，重力加速度g＝10 m/s2，下列说法正确的是( )【导学号：19624228】图8A ．0～0.10 s 内线圈中的感应电动势大小为3 VB ．开关S 闭合瞬间，CD 中的电流方向由C 到DC ．磁感应强度B 2的方向竖直向下D ．开关S 闭合瞬间，通过细杆CD 的电荷量为0.3 CBD [由图象可知0～0.10 s 内ΔΦ＝ΔBS ＝0.01 Wb ，0～0.10 s 线圈中感应电动势大小E ＝n ΔΦΔt ＝300×0.010.1V ＝30 V ，A 错误；由题意可知细杆CD 所受安培力方向竖直向上，由左手定则可知电流方向为C →D ，由安培定则可知感应电流的磁场方向竖直向上，由图示图象可知，在0.20～0.25 s 内穿过线圈的磁通量减少，由楞次定律可得磁感应强度B 2的方向竖直向上，故B 正确，C 错误；对细框由动量定理得B 1IL Δt ＝mv ，细框做竖直上抛运动v 2＝2gh ，电荷量q ＝I Δt ，解得q ＝0.3 C ，D 正确．]。
2018年高考物理二轮复习 20分钟快速训练1
20分钟快速训练(一)本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．(2017·重庆市一模)下列说法正确的是 ( B )A ．光的波粒二象性是综合了牛顿的微粒说和惠更斯的波动说得出来的B ．23592U ＋10n ―→9038Sr ＋13654Xe ＋x 10n 是核裂变方程，其中x ＝10CD ．爱因斯坦的质能方程E ＝mc 2中，E 是物体以光速c 运动的动能[解析] 根据质量数守恒和电荷数守恒，得x ＝10，故B －W ，入射光频率越大所产生的光电子的最大初动能就越大，与入射光的强度无关。
故C 错误；爱因斯坦的质能方程E ＝mc 2，只是说明物体具有的能量与它的质量之间存在着简单的正比关系，E 并不是物体以光速c 运动的动能。
故D 错误。
2．(2017·湖南省衡阳市八中一模)如图，竖直平面内有一段圆弧MN ，小球从圆心O 处水平抛出；若初速度为v a ，将落在圆弧上的a 点；若初速度为v b ，将落在圆弧上的b 点；已知Oa 、Ob 与竖直方向的夹角分别为α、β，不计空气阻力，则 ( D )B ．v a v b ＝cos βcos α D ．v a v b ＝sin αsin βcos βcos αa ，根据R cos α＝12gt 21得t 1＝2R cos αg，则v a＝R sin αt 1＝R sin αg2R cos α。
对b ，根据R cos β＝12gt 22得t 2＝2R cos βg，则v b ＝R sin βt 2＝R sin βg2R cos β，解得v a v b ＝sin αsin βcos βcos α，D 正确。
3．(2017·江西省赣中南五校模拟) 如图所示，系统处于静止状态，不计一切摩擦，细绳、滑轮的质量都可忽略，则甲、乙两物块的质量之比为 ( C )A ．1B ．22C ． 3D ．2[解析] 乙处于平衡状态，则绳子拉力等于乙的重力，即T ＝m 乙g ，甲处于静止状态，受力平衡，合力为零，对甲受力分析，根据平衡条件得：2T cos 30˚＝m 甲g ，解得：m 甲m 乙＝3， C 正确；ABD 错误。
2018版高考物理二轮复习小题提速练2 含解析 精品
小题提速练(二)(时间：20分钟分值：48分)选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)14．(2018·高三第一次全国大联考(新课标卷Ⅰ))A、B两个物体在同一条直线上做直线运动，它们at图象如图1所示，规定水平向右为正方向．已知在t＝0时，两物体的速度均为零，且A在B的左边1.75 m处，则A追上B的时间是( )图1A．t＝0.5 s B．t＝1.5 sC．t＝2.5 s D．t＝3.5 sD[很显然，在前2 s内两个物体运动规律是一样的，不可能追上，故A、B错误；在t＝2.5 s时，A的位移是1.125 m，B的位移是0.875 m，两位移之差为0.25 m，小于1.75 m，故C错误；t＝3.5 s时，A的位移是1.875 m，B的位移是0.125 m，两位移之差等于1.75 m，故D正确．]15．(2018·辽宁省部分重点中学协作体5月模拟)如图2所示，一根不可伸长的轻质细绳两端分别连接在固定框架上的A、B两点，细绳绕过光滑的轻小滑轮，重物悬挂于滑轮下，处于静止状态，若缓慢移动细绳的端点，则绳中拉力大小的变化情况是( )【导学号：19624219】图2A．只将绳的左端移向A′点，拉力变小B．只将绳的左端移向A′点，拉力变大C．只将绳的右端移向B′点，拉力变大D．只将绳的右端移向B′点，拉力不变C[设细绳总长度为L，OA段长度为l1，OB段长度为l2，由对称性可知，OA、OB与竖直方向间夹角相等，设为α，两悬点间的水平距离设为d ，则由l 1sin α＋l 2sin α＝d ，l 1＋l 2＝L 可得sin α＝d L ，只将绳的左端移向A ′点的过程中，d 不变，α不变，由2F cos α＝G 可知，F 不变，A 、B 均错误；只将绳的右端移向B ′点的过程中，d 增大，α增大，F 增大，C 正确，D 错误．]16．(2018·沈阳三模)以无穷远处的电势为零，在电荷量为q 的点电荷周围某点的电势可用φ＝kq r计算，式中r 为该点到点电荷的距离，k 为静电力常量．两电荷量大小均为Q 的异种点电荷固定在相距为L 的两点，如图3所示．现将一质子(电荷量为e )从两点电荷连线上的A 点沿以电荷＋Q 为圆心、半径为R 的半圆形轨迹ABC 移到C 点，质子从A 移到C 的过程中电势能的变化情况为( )图3A ．增加2kQe L 2－R 2B ．增加2kQeR L 2－R 2 C ．减少2kQeR L 2＋R 2 D ．减少2kQe L 2＋R 2B [根据题中φ＝kq r公式和叠加原理可知，φA ＝k －Q L －R ＋k Q R .C 点的电势φC ＝k －Q L ＋R ＋k Q R .故U AC ＝φA －φC ＝－2kQR L 2－R 2，质子由A 移到C 的过程中电场力做功W AC ＝U AC e ＝－2kQeR L 2－R 2，是负功，故质子电势能增加2kQeR L 2－R 2，B 项正确．] 17．(2018·新余市一中七模)放射性物质碘131的衰变方程为131 53I→13154Xe ＋Y ＋γ.根据有关放射性知识，下列说法正确的是( )A ．生成的131 54Xe 处于激发态，放射γ射线．γ射线的穿透能力最强，电离能力也最强B ．若131 53I 的半衰期大约是8天，取4个碘原子核，经16天就只剩下1个碘原子核了C ．Y 粒子为β粒子D.131 53I 中有53个质子和132个核子C [γ射线的穿透能力最强，电离能力最弱，故A 错误．半衰期具有统计规律，对大量的原子核适用，对少数的原子核不适用，故B 错误．根据电荷数守恒、质量数守恒知，Y 粒子的电荷数为－1，质量数为0，可知Y 粒子为β粒子，故C 正确．电荷数等于质子数，可知131 53I 中有53个质子，质量数等于核子数，则有131个核子，故D错误．故选C.]18．(2018·虎林市摸底考试)2018年2月11日，美国科学家宣布探测到引力波，证实了爱因斯坦100年前的预测，弥补了爱因斯坦广义相对论中最后一块缺失的“拼图”，双星的运动是产生引力波的来源之一，假设宇宙中有一双星系统由a 、b 两颗星体组成，这两颗星绕它们的连线的某一点在万有引力作用下做匀速圆周运动，测得a 星的周期为T ，a 、b 两颗星的距离为l ，a 、b 两颗星的轨道半径之差为Δr ，已知a 星的轨道半径大于b 星的轨道半径，则( )【导学号：19624220】A ．b 星的周期为l －Δr l ＋ΔrT B ．a 星的线速度大小为πl －Δr TC ．a 、b 两颗星的半径之比为l ＋Δr l －ΔrD ．a 、b 两颗星的质量之比为l ＋Δr l －Δr C [双星系统中两颗星的周期和角速度均相等，A 错误；由r a ＋r b ＝l ，r a －r b ＝Δr 可知r a ＝l ＋Δr 2，r b ＝l －Δr 2，r a r b ＝l ＋Δr l －Δr ，由m a ω2r a ＝m b ω2r b 可得：m a m b ＝r b r a ＝l －Δr l ＋Δr，C 正确，D 错误；由v a ＝2πr a T 可得：v a ＝πl ＋Δr T ，B 错误．] 19．(2018·Ⅱ卷)某同学自制的简易电动机示意图如图4所示．矩形线圈由一根漆包线绕制而成，漆包线的两端分别从线圈的一组对边的中间位置引出，并作为线圈的转轴．将线圈架在两个金属支架之间，线圈平面位于竖直面内，永磁铁置于线圈下方．为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，该同学应将( )图4A ．左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉B ．左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉C ．左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉D ．左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉AD [装置平面示意图如图所示．如图所示的状态，磁感线方向向上，若形成通路，线圈下边导线中电流方向向左，受垂直纸面向里的安培力，同理，上边导线中电流受安培力垂直纸面向外，使线圈转动．当线圈上边导线转到下边时，若仍通路，线圈上、下边中电流方向与图示方向相比均反向，受安培力反向，阻碍线圈转动．若要线圈连续转动，要求左、右转轴只能上一侧或下一侧形成通路，另一侧断路．故选A 、D.]20．(2018·沈阳铁路实验中学模拟)水平面上有两个质量不相等的物体a 和b ，它们分别在水平推力F 1和F 2作用下开始运动，分别运动一段时间后撤去推力，两个物体都将运动一段时间后停下．物体的v t 图线如图5所示，图中线段AC ∥BD .则以下说法正确的是( )图5①水平推力大小F 1>F 2②水平推力大小F 1<F 2③物体a 所受到的摩擦力的冲量大于物体b 所受到的摩擦力的冲量④物体a 所受到的摩擦力的冲量小于物体b 所受到的摩擦力的冲量⑤物体a 克服摩擦力做功大于物体b 克服摩擦力做功⑥物体a 克服摩擦力做功小于物体b 克服摩擦力做功A ．若物体a 的质量大于物体b 的质量，由图可知，①⑤都正确B ．若物体a 的质量大于物体b 的质量，由图可知，④⑥都正确C ．若物体a 的质量小于物体b 的质量，由图可知，②③都正确D ．若物体a 的质量小于物体b 的质量，由图可知，只有④正确AD [根据v t 图象，由于AC ∥BD ，可见撤去外力后，两物体的加速度相等，故两物体与水平面间的动摩擦因数相同．由图可知撤去外力之前，物体a 的加速度大于物体b 的加速度，由牛顿第二定律可知F 1－μm a g m a ＞F 2－μm b g m b ，解得：F 1m a ＞F 2m b，若m a ＞m b 则F 1＞F 2，若m a ＜m b ，则无法比较水平推力F 1和F 2的大小．克服摩擦力做功W f ＝μmgx ，所受到的摩擦力的冲量大小I f ＝μmgt .由图可知：物体b 运动的时间更长，物体a 的位移更大，若m a ＞m b 则物体a 克服摩擦力做功大于物体b 克服摩擦力做功，但无法比较两者所受到的摩擦力的冲量大小，若m a ＜m b ，物体a 所受到的摩擦力的冲量小于物体b所受摩擦力的冲量，但无法比较两者克服摩擦力的做功大小，故A、D正确，B、C错误．]21．(2018·辽宁省部分重点中学协作体5月模拟)如图6所示为某住宅区的应急供电系统，由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压变压器组成，发电机中矩形线圈所围的面积为S，匝数为N，电阻不计，它可绕水平轴OO′在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度ω匀速转动，矩形线圈通过滑环连接降压变压器，滑动触头P上下移动时可改变输出电压，R0表示输电线的电阻，以线圈平面与磁场平行时为计时起点，下列判断正确的是( )【导学号：19624221】图6A．若发电机线圈某时刻处于图示位置，变压器原线圈的电流瞬时值为最大B．发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为e＝NBSωcos ωtC．当滑动触头P向下移动时，变压器原线圈两端电压将升高D．当用户功率增加时，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向上滑动ABD[从线圈在如图示位置开始计时，电动势的瞬时值表达式为e＝NBSωcos ωt，此时变压器原线圈中的电流值最大，A、B均正确；当滑动触头向下移动时，影响变压器的输出电压，而不影响变压器的输入电压，C错误；当用户功率增加时，因R0的降压作用，用户得到的电压降低，为使用户电压保持不变，应使副线圈匝数增多，即滑动触头P应该向上滑动，故D正确．]。
高考物理二轮复习训练：20分钟快速训练5含解析(1)
高考物理二轮复习训练：20分钟快速训练5含解析(1)本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．(2018·山东省淄博市高三下学期第二次模拟)下列说法正确的是( C ) A．玻尔根据光的波粒二象性，大胆提出假设，认为实物粒子也具有波动性B．铀核裂变的核反应是U→Ba＋Kr＋2n C．原子从低能级向高能级跃迁，不吸收光子也能实现D．根据爱因斯坦的“光子说”可知，光的波长越大，光子的能量越大[解析] 1924年，德布罗意大胆的把光的波粒二象性推广到实物粒子，如电子、质子等，他提出实物粒子也具有波动性，A项错误；铀核裂变有多种形式，其中一种的核反应方程是U＋n→Ba＋Kr＋3n, B项错误；原子从低能级向高能级跃迁时可能是吸收光子，也可能是由于碰撞， C项正确；根据爱因斯坦的“光子说”可知，光的波长越大，光子的能量越小， D项错误。
故选C。
2．(2018·海南省高三下学期高考压轴卷)如图所示，三个粗细均匀完全相同的圆木A、B、C堆放在水平地面上，处于静止状态，每个圆木的质量为m，截面的半径为R，三个截面圆心连线构成的等腰三角形的顶角∠O1＝120°，若在地面上的两个圆木刚好要滑动，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不考虑圆木之间的摩擦，重力加速度为g，则( B )A．圆木间的弹力为mgB．每个圆木对地面的压力为mg C．地面上的每个圆木受到地面的作用力为mgD．地面与圆木间的动摩擦因数为3 2[解析] 对A研究，根据力的平衡可知，由于∠O1＝120°，A受的弹力均等于mg，A项错误；整体研究可知，每个圆木对地面的压力为mg，B正确；对B研究，地面对B的作用力等于地面对B的支持力与地面对B摩擦力的合力，大于mg，C项错误；地面对B的摩擦力等于mgcos30°＝mg，即μ·mg＝mg，得μ＝，D项错误；故选B。
高考物理二轮复习训练：20分钟快速训练2Word版含解析 (3)
高考物理二轮复习训练：20分钟快速训练2Word版含解析本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．如图所示，一物体在水平恒力作用下沿光滑的水平面做曲线运动，当物体从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90°，则物体在M点到N点的运动过程中，物体的动能将( C )B．不断减小A．不断增大D．先增大后减小C．先减小后增大[解析] 其速度方向恰好改变了90°，可以判断恒力方向应为右下方，与初速度的方向夹角要大于90°小于180°才能出现末速度与初速度垂直的情况，因此恒力先做负功，当达到速度与恒力方向垂直后，恒力做正功，动能先减小后增大．所以C正确。
故选C。
2．(2018·北京高考压轴卷)如图所示，两个大小相同、质量均为m的弹珠静止在水平地面上。
某小孩在极短时间内给第一个弹珠水平冲量使其向右运动，当第一个弹珠运动了距离L时与第二个弹珠发生弹性正碰，碰后第二个弹珠运动了2L距离停下。
已知弹珠所受阻力大小恒为重力的k倍，重力加速度为g，则小孩对第一个弹珠( D ) B．施加的冲量为m3kgLA．施加的冲量为mD．做的功为3kmgLC．做的功为kmgL[解析] 两个完全相同的小球发生弹性碰撞，速度交换，设第二个小球碰后的速度为v，根据匀变速直线运动的规律：v2＝2kg2L，对第一个小球，设小孩对其做功为W，根据动能定理：W－kmgL＝mv2，代入可求：W ＝3kmgL ，所以C 错误，D 正确；设小孩施加的冲量为I ，则I2＝2mW ，解得：I ＝m ，故A 、B 错误。
3．(2018·全国Ⅰ卷高考压轴题)三颗人造地球卫星A 、B 、C 绕地球做匀速圆周运动，如图所示，已知mA ＝mB<mC ，则对于三个卫星，下列说法错误的是( C )A ．运行线速度关系为vA>vB ＝vCB ．机械能关系为EA<EB<ECC ．已知万有引力常量G ，现测得卫星A 的周期TA 和轨道半径rA可求得地球的平均密度D ．半径与周期的关系为＝＝R3CT2C [解析] 万有引力充当向心力，故根据G ＝m 解得v ＝，所以轨道半径越大，线速度越小，即vA>vB ＝vC ，A 正确；卫星的机械能E ＝Ek ＋Ep ＝，根据mA ＝mB<mC ，和rA<rB ＝rC ，可得EA<EB<EC ，B 正确；根据公式＝m ，已知万有引力常量G ，现测得卫星A 的运行周期TA 和轨道半径RA ，可以求出地球质量，不知道地球的半径，所以无法求出密度，故C 错误；由开普勒第三定律可知，绕同一个中心天体运动的半径的三次方与周期的平方之比是一个定值，即＝＝，故D 正确。
2020届高考物理二轮复习600分冲刺20分钟快速训练3(含解析)
20分钟快速训练(三)本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．下列说法正确的是( B )A ．聚变反应需将热核燃料的温度加热到数百万开尔文以上，显然是吸热反应B ．聚变反应中核子的比结合能变大C ．聚变反应中由于形成质量较大的核，故反应后质量增加D ．氕和氚结合成氦原子核时，其质量亏损所对应的能量等于该氦原子核的结合能[解析] 聚变反应需将热核燃料的温度加热到数百万开尔文以上，但一旦反应进行，自身释放的巨大能量足以提供高温，使反应继续进行，故聚变反应是放热反应，故A 错误；由于聚变反应中释放出巨大能量，故比结合能一定增加，质量发生亏损，故B 正确，C 错误；氚核本身有一定的结合能，所以氕和氚结合成氦原子核时，其质量亏损所对应的能量小于该氦原子核的结合能，故D 错误。
2．2018年11月1日，我国成功发射第四十一颗北斗导航卫星，这颗卫星属于地球同步卫星；2019年1月3日，我国发射的嫦娥四号探测器在月球背面成功着陆，开启了人类探测月球的新篇章。
若嫦娥四号绕月球做匀速圆周运动的半径是第四十一颗北斗导航卫星绕地球运行的轨道半径的1n，月球质量为地球质量的1k，则嫦娥四号绕月球做匀速圆周运动的周期与第四十一颗北斗导航卫星绕地球运行的周期之比为( A )A ．kn 3B ．n 3kC ．1n3D ．k n3[解析] 由G Mm r 2＝m (2πT)2r 得T ＝2πr 3GM，则嫦娥四号绕月球做匀速圆周运动的周期与第四十一颗北斗导航卫星绕地球运行的周期之比为T 1T 2＝(r 1r 2)3·M 2M 1＝kn 3，只有A 正确。
3．如图所示，半径为R 的14圆弧面静置在水平面上，其圆心O 与水平台面高度差为2R ，一小球(视为质点)以某一初速度从台面水平向右飞出，其运动轨迹恰好与圆弧面相切，切点为C (未画出)，则OC 与OB 的夹角θ的正弦值为( A )A ．2－ 3B ．4－2 3C ．23D ．13[解析] 小球做平抛运动，则2R －R sin θ＝12gt 2，R cos θ＝v 0t ，v 0gt ＝tan θ，整理得sin 2θ－4sin θ＋1＝0，sin θ＝4±16－42＝2±3，由于sin θ≤1，得sin θ＝2－3，只有A 正确。
高考物理二轮复习20分钟快速训练4
20分钟快速训练(四)本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．(2020·四川省绵阳南山中学3月月考)下列说法中正确的是 ( A )A ．232 90Th 衰变成208 82Pb 要经过6次α衰变和4次β衰变B ．汤姆孙的α粒子散射实验揭示了原子具有核式结构C ．β衰变中产生的β射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的D ．升高放射性物质的温度，热运动加快，可缩短其半衰期[解析] 23290Th 衰变成208 82Pb 要经过232－2084＝6次α衰变和82－(90－2×6)＝4次β衰变，A 正确；卢瑟福的α粒子散射实验揭示了原子具有核式结构，B 错误；β衰变中产生的β射线实际上原子核中的中子转化为质子时放出的电子流，C 错误；半衰期与外界因素无关，D 错误。
2．(2020·青海省西宁市三校4月模拟)将质量为m ＝0.1 kg 的小球从地面竖直向上抛出，初速度为v 0＝20 m/s ，小球在运动中所受空气阻力与速率的关系为f ＝kv ，已知k ＝0.1 kg/s 。
其在空气的速率随时间的变化规律如图所示，取g ＝10 m/s 2，则以下说法正确的是 ( C )A ．小球在上升阶段的平均速度大小为10 m/sB ．小球在t 1时刻到达最高点，此时加速度为零C ．小球落地前匀速运动，落地速度大小v 1＝10 m/sD ．小球抛出瞬间的加速度大小为20 m/s 2[解析] 根据速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移，则从图象可以看出，位移小于阴影部分面积，而阴影部分面积是匀减速直线运动的位移，匀减速直线运动的平均速度等于v 02＝10 m/s ，故小球上升过程的平均速度小于10 m/s ，故A 错误；球在t 1时刻速率为零，到达最高点，空气阻力为零，只受重力，加速度为g ，故B 错误；由图象可知，小球落地前匀速运动，由mg ＝f ＝kv 1；得v 1＝10 m/s ，故C 正确；小球拋出瞬间，有：mg ＋kv 0＝ma 0；联立解得：a 0＝30 m/s 2。
2018年高考物理二轮复习20分钟快速训练620171227394
20分钟快速训练(六)本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．(2017·江西省南昌二中、临川一中模拟)关于下列器材的原理和用途，叙述正确的是 ( D )A ．变压器可以改变交流电压与稳恒直流电压B ．扼流圈对变化的电流没有阻碍作用C ．真空冶炼炉的工作原理是通过线圈发热使炉内金属熔化D ．磁电式仪表中用来做线圈骨架的铝框能起电磁阻尼的作用[解析] 变压器只能改变交流电压，不能改变稳恒直流电压，A 错误；扼流圈对变化的电流有阻碍作用，B 错误；真空冶炼炉的工作原理是炉中金属产生涡流使炉内金属熔化，不是炉体产生涡流，故C 错误；磁电式仪表中用来做线圈骨架的铝框中可以产生感应电流能起电磁阻尼的作用，故D 正确。
故选D 。
2．(2017·辽宁省大连市二模)质量分别为m 1、m 2的甲、乙两球，在离地相同高度处，同时由静止开始下落，由于空气阻力的作用，两球到达地面前经时间t 0分别达到稳定速度v 1、v 2，已知空气阻力大小f 与小球的下落速率v 成正比，即f ＝kv (k >0)，且两球的比例常数k 完全相同，两球下落的v －t 关系如图所示，下列说法正确的是 ( B )A ．m 1<m 2B ．m 1m 2＝v 1v 2C ．释放瞬间甲球的加速度较大D ．t 0时间内两球下落的高度相等[解析] 由图象知甲乙两球匀速运动的速度关系有：v 甲>v 乙，由平衡得：mg ＝kv ，联立得：m 1>m 2，且m 1m 2＝v 1v 2，故B 正确，A 错误；释放瞬间两球的速度均为零，阻力为零，故加速度均为g ，C 错误；图线与时间轴围成的面积等于物体的位移，由图像可知t 0时间内甲下落的高度较大，故D 错误。
故选B 。
3．(2017·江苏省泰州市一模)如图所示，在载流直导线近旁固定有两平行光滑导轨A 、B ，导轨与直导线平行且在同一水平面内，在导轨上有两个可自由滑动的导体ab 和cd 。
2018年高考物理二轮复习20分钟快速训练520171227395
20分钟快速训练(五)本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．(2017·江西省新余市二模)一质点做匀加速直线运动时，速度变化Δv时发生位移x1，紧接着速度变化相同的Δv时发生位移x2，则该质点的加速度为( C )1 1 Δv 2A．(Δv)2(＋B．2x2)x1 x2－x1Δv 2 1 1C．x2－x1 D．(Δv)2(－x2)x1[解析]因为质点做匀加速直线运动，加速度不变，所以速度变化量相同，时间相同，设时间间隔为t则有：Δv＝at①x2－x1＝at2②Δv2联立①②得a＝，故C正确，ABD错误。
x2－x12．(2017·江苏省一模)如图所示，高空走钢丝的表演中，若表演者走到钢丝中点时，使原来水平的钢丝下垂与水平面成θ角，此时钢丝上的弹力应是表演者(含平衡杆)体重的( C )cos θ 1A．B．2 21 tan θC．D．2sin θ 2[解析]以人为研究对象，分析受力情况，作出受力图，根据平衡条件：两绳子合力与重力等大反向，则有：2F sin θ＝mg解得：F＝mg/2sin θ故钢丝上的弹力应是表演者和平衡杆重力的1/2sin θ；故C正确，ABD错误。
3．如图为飞船发射过程中某个阶段的示意图，飞船先沿实线椭圆轨道飞行，然后在A处1点火加速变轨，由实线椭圆轨道变成虚线圆轨道，在虚线圆轨道上飞船运行周期约为100 min。
下列判断正确的是( C )A．全过程中飞船内的物体一直处于超重状态B．飞船在椭圆轨道上的运行周期大于100 minC．在圆轨道上运行时飞船的角速度大于同步卫星运动的角速度D．飞船沿椭圆轨道通过A点时的加速度大于沿圆轨道通过A点时的加速度[解析]全过程中飞船内的物体一直处于失重状态，A错误；因飞船沿椭圆轨道飞行时的半长轴小于沿虚线圆周的半径，根据开普勒第三定律可知，飞船在椭圆轨道上的运行周期小于Mm GM100 min，B错误；根据G＝mω2r，可知ω＝可知，因同步卫星的高度比飞船的高度大得r2 r3多，故飞船在圆轨道上运行时的角速度大于同步卫星运动的角速度，C正确；飞船沿椭圆轨道F通过A点时所受的万有引力等于沿圆轨道通过A点时的万有引力，则根据a＝可知，飞船沿m椭圆轨道通过A点时的加速度等于沿圆轨道通过A点时的加速度，D错误。
高考物理二轮复习训练：20分钟快速训练2Word版含解析
20分钟快速训练(二)本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．如图所示，一物体在水平恒力作用下沿光滑的水平面做曲线运动，当物体从M 点运动到N 点时，其速度方向恰好改变了90°，则物体在M 点到N 点的运动过程中，物体的动能将( C )A ．不断增大B ．不断减小C ．先减小后增大D ．先增大后减小[解析] 其速度方向恰好改变了90°，可以判断恒力方向应为右下方，与初速度的方向夹角要大于90°小于180°才能出现末速度与初速度垂直的情况，因此恒力先做负功，当达到速度与恒力方向垂直后，恒力做正功，动能先减小后增大．所以C 正确。
故选C 。
2．(2018·北京高考压轴卷)如图所示，两个大小相同、质量均为m 的弹珠静止在水平地面上。
某小孩在极短时间内给第一个弹珠水平冲量使其向右运动，当第一个弹珠运动了距离L 时与第二个弹珠发生弹性正碰，碰后第二个弹珠运动了2L 距离停下。
已知弹珠所受阻力大小恒为重力的k 倍，重力加速度为g ，则小孩对第一个弹珠( D )A ．施加的冲量为m kgLB ．施加的冲量为m 3kgLC ．做的功为kmgLD ．做的功为3kmgL[解析] 两个完全相同的小球发生弹性碰撞，速度交换，设第二个小球碰后的速度为v ，根据匀变速直线运动的规律：v 2＝2kg 2L ，对第一个小球，设小孩对其做功为W ，根据动能定理：W －kmgL ＝12m v 2，代入可求：W ＝3kmgL ，所以C 错误，D 正确；设小孩施加的冲量为I ，则I 2＝2mW ，解得：I ＝m 6kgL ，故A 、B 错误。
3．(2018·全国Ⅰ卷高考压轴题)三颗人造地球卫星A 、B 、C 绕地球做匀速圆周运动，如图所示，已知m A ＝m B <m C ，则对于三个卫星，下列说法错误的是( C )A ．运行线速度关系为v A >vB ＝v CB ．机械能关系为E A <E B <E CC ．已知万有引力常量G ，现测得卫星A 的周期T A 和轨道半径r A 可求得地球的平均密度D ．半径与周期的关系为R 3A T 2A ＝R 3B T 2B ＝R 3C T 2C[解析] 万有引力充当向心力，故根据G Mm r 2＝m v 2r 解得v ＝GM r，所以轨道半径越大，线速度越小，即v A >v B ＝v C ，A 正确；卫星的机械能E ＝E k ＋E p ＝GMm 2r，根据m A ＝m B <m C ，和r A <r B ＝r C ，可得E A <E B <E C ，B 正确；根据公式GMm r 2＝m 4π2r r2，已知万有引力常量G ，现测得卫星A 的运行周期T A 和轨道半径R A ，可以求出地球质量，不知道地球的半径，所以无法求出密度，故C 错误；由开普勒第三定律可知，绕同一个中心天体运动的半径的三次方与周期的平方之比是一个定值，即R 3A T 2A ＝R 3B T 2B ＝R 3C T 2C，故D 正确。
2018年高考物理二轮复习 20分钟快速训练2
20分钟快速训练(二)本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．(2017·黑龙江省哈尔滨市二模)下列说法中正确的是 ( B )A ．原子核结合能越大，原子核越稳定B ．对黑体辐射的研究表明：随着温度的升高，辐射强度的最大值向波长较短的方向移动C ．核泄漏事故污染物Cs137能够产生对人体有害的辐射，其核反应方程式为137 55Cs ―→13756Ba ＋x ，可以判断x 为正电子D ．一个氢原子处在n ＝4的能级，当它跃迁到较低能级时，最多可发出6种频率的光子[解析] 原子核比结合能越大，原子核越稳定，A 错误；对黑体辐射的研究表明：随温度的升高，辐射强度的最大值向波长较短的方向移动，B 正确；核泄漏事故污染物Cs 137能够产生对人体有害的辐射，其核反应方程为137 55Cs ―→137 56Ba ＋x ，可以判断x 质量数为零，电荷数为－1，则为负电子，C 错误；一个氢原子处在n ＝4的能级，由较高能级跃迁到较低能级时，最多可以发出4→3,3→2，和2→1三种种频率的光。
故D 错误。
故选B 。
2．(2017·昭通市二模)2016年9月15日，我国的空间实验室“天宫二号”在酒泉成功发射。
9月16日，“天宫二号”在椭圆轨道Ⅰ的远地点A 开始变轨，变轨后在圆轨道Ⅱ上运行，如图所示，A 点离地面高度约为380 km ，地球同步卫星离地面高度约为36000 km 。
若“天宫二号”变轨前后质量不变，则下列说法正确的是 ( D )A ．“天宫二号”在轨道Ⅱ上运行的周期一定大于24 hB ．“天宫二号”在轨道Ⅰ上运行通过近地点B 时速度最小C ．“天宫二号”在轨道Ⅰ上运行的周期可能大于在轨道Ⅱ上运行的周期D ．“天宫二号”在轨道Ⅰ上运行通过A 点时的速度一定小于在轨道Ⅱ上运行通过A 点时速度[解析] 根据公式G Mm r 2＝m 4π2T 2r 可得T ＝2πr 3GM，所以轨道半径越小，周期越小，所以“天宫二号”在轨道Ⅱ上运行的周期小于同步卫星的运动周期，A 错误；天宫二号在轨道Ⅰ上运行时，近地点B 的速度最大，故B 错误；因为椭圆轨道Ⅰ的半长轴小于圆轨道Ⅱ的半径，根据开普勒第三定律知“天宫二号”在轨道Ⅰ上运行的周期小于在轨道Ⅱ上运行的周期，故C错误；“天宫二号”由轨道Ⅰ上的A点变轨到轨道Ⅱ要加速，做离心运动，轨道变高，所以“天宫二号”在轨道Ⅰ上运行通过A点时的速度一定小于在轨道Ⅱ上运行通过A 点时的速度，故D正确。
高考物理二轮复习训练：20分钟快速训练3Word版含解析
20分钟快速训练(三)本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．(2018·贵州省贵阳市高三5月模拟)某核反应方程为21H ＋31H →42He ＋x 。
已知21H 的质量为2.0136u, 31H 的质量为3.0180u ，42He 质量为4.0026u ，x 的质量为1.0087u 。
则下列说法中正确是( A )A ．x 是中子，该反应释放能量B ．x 是质子，该反应释放能量C ．x 是中子，该反应吸收能量D ．x 是质子，该反应吸收能量[解析] 某核反应方程为21H ＋31H →42He ＋x ，根据核反应方程质量数和核电荷数守恒得：x 的质量数为1，核电荷数为0，所以x 是中子。
反应前质量为2.0136u ＋3.018u ＝5.0316u ，反应后质量为4.0026u ＋1.0087u ＝5.0113u ，即得核反应后质量亏损，所以该反应释放能量。
故选A 。
2．(2018·河南省开封市高三下学期5月模拟)如图所示，绕同一恒星运行的两颗行星A 和B ，A 是半径为r 的圆轨道，B 是长轴为2r 椭圆轨道，其中Q ′到恒星中心的距离为Q 到恒星中心距离的2倍，两轨道相交于P 点。
以下说法不正确的是( B )A ．A 和B 经过P 点时加速度相同B ．A 和B 经过P 点时的速度相同C ．A 和B 绕恒星运动的周期相同D ．A 的加速度大小与B 在Q ′处加速度大小之比为16︰9[解析] 由牛顿第二定律得：G Mm r 2＝ma ，解得：a ＝GM r 2，经过P 点时M 、r 都相同，则加速度相同，故A 正确；A 行星做匀速圆周运动，而B 做的是椭圆运动，二者在同一点处的速度方向不相同，速度不同，故B 错误；根据开普勒第三定律，两行星围绕同一中心天体运动，且半长轴相同，故周期相同，故C 正确；B 在Q ′处时与恒星球心的距离为 r ，根据a ＝GM r 2，故A 的加速度大小与B 在Q ′处加速度大小之比为a A a B ＝(43r )2r 2＝169，故D 正确。
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20分钟快速训练(三)
本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．(2017·昭通市二模)如图，水平细杆上套一环A ，环A 与球B 间用一轻绳相连，质量分别为m A 、m B ，由于球B 受到水平风力作用，环A 与球B 一起向右匀速运动。
已知细绳与竖直方向的夹角为θ，则导学号 86084406( A )
A ．环A 与水平细杆间的动摩擦因数为m
B tan θm A ＋m B
B ．若风力缓慢增大，杆对环A 的作用力增大
C ．若风力缓慢增大，杆对环A 的支持力增大
D ．若球B 受到风力缓慢上升，细线的拉力逐渐减小
[解析] 把环和球当作一个整体，对其受力分析，受重力(m A ＋m B )g 、支持力N 、风力F 和向左的摩擦力f ，如图，得，杆对A 环的支持力大小N ＝(m A ＋m B )g ，与风力大小无关，C
错误；摩擦力：f ＝F ，则A 环与水平细杆间的动摩擦因数为μ＝f N ＝m B tan θm A ＋m B
，故A 正确；
对球B 受力分析，受重力、风力和拉力，绳对B 球的拉力T ＝m B g cos θ
，当风力增大时，θ增大，则T 增大，由于支持力和滑动摩擦力都不变，所以杆对A 的作用力不变，故BCD 错误。
2．(2017·陕西省宝鸡市一模)如图所示，垂直纸面放置的两根平行长直导线分别通有方向相反的电流I 1和I 2，且I 1＞I 2，纸面内的一点H 到两根导线的距离相等，则该点的磁感应强度方向可能为图中的导学号 86084407( C )
A．B1B．B2
C．B3D．B4
[解析]根据右手螺旋定则得出两电流在H点的磁场方向，如图，根据平行四边形定则知H点的合场强可能为B3方向。
故C正确，A、B、D错误。
3．(2017·陕西省西安市长安区第三次联考)如图所示，当一束一定强度某一频率的黄光照射到光电管阴极K上时，此时滑片P处于A、B中点，电流表中有电流通过，则导学号86084408( A )
A．若将滑动触头P向B端移动时，电流表读数有可能不变
B．若将滑动触头P向A端移动时，电流表读数一定增大
C．若用红外线照射阴极K时，电流表中一定没有电流通过
D．若用一束强度相同的紫外线照射阴极K时，电流表读数不变
[解析]所加的电压，使光电子到达阴极，则灵敏电流表中有电流流过，且可能处于饱和电流，当滑片向B端移动时，电流表读数有可能不变；当滑片向A端移动时，所加电压减小，则光电流可能减小，也可能不变。
故A正确，B错误；若用红外线照射阴极K时，因红外线频率小于可见光，但是不一定不能发生光电效应，电流表不一定没有电流。
故C 错误；若用一束强度相同的紫外线照射阴极K时，紫外线的频率大于黄光的频率，则光子数目减小，电流表读数减小。
故D错误。
故选A。
4．(2017·安徽省江淮十校第三次联考)宽为L的两光滑竖直裸导轨间接有固定电阻R，导轨(电阻忽略不计)间Ⅰ、Ⅱ区域中有垂直纸面向里宽为d、磁感应强度为B的匀强磁场，Ⅰ、Ⅱ区域间距为h，如图，有一质量为m、长为L电阻不计的金属杆与竖直导轨紧密接触，从距区域Ⅰ上端H处杆由静止释放。
若杆在Ⅰ、Ⅱ区域中运动情况完全相同，现以杆由静
止释放为计时起点，则杆中电流随时间t 变化的图像可能正确的是导学号 86084409( B )
[解析] 金属棒进入上方磁场时，若速度较大，则进入磁场时所受安培力大于重力，根
据F 安－mg ＝ma 可知，金属棒做加速度减小的减速运动，则感应电流I ＝BL v R
∝v ，随速度的减小，则电流减小，切线的斜率减小。
因导体棒在两个磁场区域内的运动情况相同，故图线B 正确，故选B 。
5．(2017·陕西省师大附中二模)如图甲所示，轻杆一端与质量为1 kg 、可视为质点的小球相连，另一端可绕光滑固定轴在竖直平面内自由转动，现使小球在竖直平面内做圆周运动，经最高点开始计时，取水平向右为正方向，小球的水平分速度v 随时间t 的变化关系如图乙所示，A 、B 、C 三点分别是图线与纵轴、横轴的交点、图线上第一周期内的最低点，该三点的纵坐标分别是1、0、－5。
g 取10 m/s 2，不计空气阻力，下列说法正确的是导学号 86084410( B )
A ．轻杆的长度为0.5 m
B ．小球经最高点时，杆对它的作用力方向竖直向上
C ．B 点对应时刻小球的速度为3 m/s
D ．曲线AB 段与坐标轴所围图形的面积为0.5 m
[解析] 设杆的长度为L ，小球从A 到C 的过程中机械能守恒：2mgL ＋12m v 2A ＝12m v 2C
，代入数据解得：L ＝0.6 m ，故A 错误；若小球在A 点恰好对杆的作用力是0，则：mg ＝m v 20L
，
临界速度：v 0＝gL ＝ 6 m /s>v A ＝1 m/s ，由于小球在A 点的速度小于临界速度，所以小球做圆周运动需要的向心力小于重力，杆对小球的作用力的方向向上，是竖直向上的支持力。
故B 正确；小球从A 到B 的过程中机械能守恒：mgL ＋12m v 2A ＝12
m v 2B ，解得：v B ＝v 2A ＋2gL ＝13 m/s ，故C 错误；由于y 轴表示的是小球在水平方向的分速度，所以曲线AB 段与坐标轴所围图形的面积表示A 到B 的过程小球在水平方向的位移，大小等于杆的长度，即0.6 m 。
故D 错误。
6．(2017·吉林省吉林大学附属中学第六次摸底)一质量为m 的物体在竖直向上的拉力F 作用下沿竖直方向向上运动，运动过程中物体的动能与位移的关系如图所示，其中0～x 1为一曲线，x 1～x 2为一与横轴平行的直线，x 2～x 3为一倾斜直线，不计空气阻力，关于物体在这段位移内的运动，下列说法正确的是导学号 86084411( CD )
A ．0～x 1过程中拉力F 逐渐增大
B ．x 1～x 2过程中物体的重力势能可能不变
C ．x 2～x 3过程中拉力F 为恒力
D ．0～x 3过程中物体的机械能增加
[解析] 由动能定理可知：E k ＝E k0＋Fx －mgx ＝E k0＋(F －mg )x ；因0～x 1过程中，曲线的斜率减小，所以(F －mg )减小，拉力F 逐渐减小，A 错误；x 1～x 2过程中，图像的斜率为零，则F ＝mg ，则物体的重力势能增大，B 错误；x 2～x 3过程中拉力斜率为定值，则F 为恒力，选项C 正确；0～x 3过程中力F 对物体做正功，故物体的机械能增加，D 正确。
7．(2017·青海省西宁市三校4月模拟)如图甲所示，长2 m 的木板Q 静止在某水平面上，t ＝0时刻，可视为质点的小物块P 以水平向右的某一初速度从Q 的左端向右滑行。
P 、Q 的速度一时间图象见图乙，其中a 、b 分别是0～1 s 内P 、Q 的速度一时间图线，c 是1～2 s 内P 、Q 共同的速度一时间图线。
已知P 、Q 的质量均是1 kg 。
g 取10 m/s 2。
则以下判断正确的是导学号 86084412( BC )
A ．在0～2 s 内，木板Q 下表面与水平面之间有摩擦力
B ．在0～2 s 内，摩擦力对Q 的冲量是1 N·s
C ．P 、Q 之间的动摩擦因数为0.1
D ．P 相对Q 静止的位置在Q 木板的最右端
[解析] 由图可知，在P 、Q 系统相互作用的过程结束后，系统沿水平方向做匀速直线运动，可知系统所受的外力之和为零，木板Q 下表面与水平面之间没有摩擦力，故A 错误；从图象可知，0～2 s 内对Q ，先做匀加速直线运动，再做匀速直线运动，在1～2 s 内无摩擦力，根据动量定理，摩擦力的冲量等于动量的变化，所以I ＝M v ＝1 N·s ，故B 正确；P 从速度为2 m /s 减为1 m/s 所需的时间为1 s ，则a ＝μg ＝1 m/s 2，所以μ＝0.1，故C 正确；在
t ＝1 s 时，P 、Q 相对静止，一起做匀速直线运动，在0～1 s 内，P 的位移：x 1＝1＋22
×1＝1.5 m ，Q 的位移x 2＝0＋12
×1＝0.5 m ，所以：Δx ＝x 1－x 2＝1.5 m －0.5 m ＝1 m ＜2 m ，知P 与Q 相对静止时不在木板的右端，故D 错误。
所以BC 正确，AD 错误。
8．(2017·四川省绵阳南山中学3月月考)如图，平行板电容器两个极板与水平地面成2α角，在平行板间存在着匀强电场，直线CD 是两板间一条垂直于板的直线，竖直线EF 与CD 交于O 点，一个带电小球沿着∠FOD 的角平分线从A 点经O 点向B 点做直线运动，重力加速度为g 。
则在此过程中，下列说法正确的是导学号 86084413( AD )
A ．小球可能带正电，也可能带负电
B ．小球可能做匀加速直线运动
C ．小球加速度大小为g cos α
D ．小球重力势能的增加量等于电势能的增加量
[解析] 一个带电小球沿着∠FOD 的角平分线从A 点经O 点向B 点做直线运动，所以小球合外力沿着AB ；又由于小球受重力，所以电场力的方向由O 到D ；由于此电场的方向未知，所以小球的电量不确定，故A 正确；据以上分析可知，小球做匀减速直线运动，故B 错误；据图可知，由于是角平分线，且小球的加速度方向由O 到A ，据几何关系可知，a ＝2g cos α，故C 错误；由以上分析可知，小球受重力等于电场力，运动的位移和夹角相同，所以二力做的功相同，据功能关系可知，小球重力势能的增加量等于电势能的增加量，故D 正确。
故选AD 。