江西省宜春市上高二中2015届高三上学期第三次月考物理试题 Word版含解析
江西省宜春市上高二中高三物理上学期第三次月考试题(含解析)
物理试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）如图为两个质点A、B同时同地开始运动的v﹣t图象．由图可知（）2．（6分）某大型游乐场内的新型滑梯可以等效为如图所示的物理模型．一个小朋友在AB段的动摩擦因数μ1＜tanθ，BC段的动摩擦因数为μ2＞tanθ，他从A点开始下滑，滑到C点恰好静止，整个过程中滑梯保持静止状态．则该小朋友从斜面顶端A点滑到底端C点的过程中（）3．（6分）（2013•黄山三模）在圆轨道上运动的质量m为的人造地球卫星，它到地面的距离等卫星运动的速度为卫星的动能为mg=GG=m，=4．（6分）如图所示，将质量为m的小球以速度v0由地面竖直向上抛出．小球落回地面时，其速度大小为v0设小球在运动过程中所受空气阻力的大小不变，则空气阻力的大小等于（）mg Cmg mg25．（6分）汽车以额定功率在平直公路上匀速行驶，在t1时刻突然使汽车的功率减小一半，并保持该功率继续行驶，到t2时刻汽车又开始做匀速直线运动（设汽车所受阻力不变），则在t1～a=6．（6分）（2013•南通一模）如图所示，一个表面光滑的斜面体M置于在水平地面上，它的两个斜面与水平面的夹角分别为α、β，且α＜β，M的顶端装有一定滑轮，一轻质细绳跨过定滑轮后连接A、B两个小滑块，细绳与各自的斜面平行，不计绳与滑轮间的摩擦，A、B恰好在同一高度处于静止状态．剪断细绳后，A、B滑至斜面底端，M始终保持静止．则（）mgh=，由于两个滑块的高度差7．（6分）A、D分别是斜面的顶端、底端，B、C是斜面上的两个点，AB=BC=CD，E点在D点的正上方，与A等高．从E点以一定的水平速度抛出质量相等的两个小球，球1落在B点，球2落在C点，关于球1和球2从抛出到落在斜面上的运动过程（）抛出时初速度之比为倍，根据得，，比为8．（6分）（2014•海南）如图，质量相同的两物体a、b，用不可伸长的轻绳跨接在同一光滑的轻质定滑轮两侧，a在水平桌面的上方，b在水平粗糙桌面上．初始时用力压住b使a、b静止，撤去此压力后，a开始运动，在a下降的过程中，b始终未离开桌面．在此过程中（）二、必考题9．（5分）某探究学习小组的同学要验证“牛顿第二定律”，他们在实验室组装了一套如图所示的装置，水平轨道上安装两个光电门，小车上固定有力传感器和挡光板，细线一端与力传感器连接另一端跨过定滑轮挂上砝码盘，实验时，调整轨道的倾角正好能平衡小车所受的摩擦力（图中未画出）．（1）该实验中小车所受的合力等于（填“等于”或“不等于”）力传感器的示数，该实验是否不需要（填“需要”或“不需要”）满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量？（2）实验获得以下测量数据：小车、传感器和挡光板的总质量M，挡光板的宽度l，光电门1和2的中心距离为s．某次实验过程：力传感器的读数为F，小车通过光电门1和2的挡光时间分别为t1、t2（小车通过光电门2后，砝码盘才落地），已知重力加速度为g，则该实验要验证的式子是．速度为：速度为：根据功能关系需要验证的关系式为：即：10．（10分）利用如图1实验装置探究重物下落过程中动能与重力势能的转化问题．（1）实验操作步骤如下，请将步骤B补充完整：A．按实验要求安装好实验装置；B．使重物靠近打点计时器，接着先接通电源，后放开纸带，打点计时器在纸带上打下一系列的点；C．图2为一条符合实验要求的纸带，O点为打点计时器打下的第一点．分别测出若干连续点A、B、C…与O点之间的距离h1、h2、h3…．（2）已知打点计时器的打点周期为T，重物质量为m，重力加速度为g，结合实验中所测得的h1、h2、h3，可得重物下落到B点时的速度大小为，纸带从O点下落到B点的过程中，重物增加的动能为，减少的重力势能为mgh2．（3）取打下O点时重物的重力势能为零，计算出该重物下落不同高度h时所对应的动能E k和重力势能E p，建立坐标系，横轴表示h，纵轴表示E k和E p，根据以上数据在图3中绘出图线Ⅰ和图线Ⅱ．已求得图线Ⅰ斜率的绝对值为k1，图线Ⅱ的斜率的绝对值为k2．则可求出重物和纸带下落过程中所受平均阻力与重物所受重力的比值为（用k1和k2表示）．=，重力势能的减小量为△Ef===所以重物和纸带下落过程中所受平均阻力与重物所受重力的比值为）11．（14分）如图所示，底座A上装有L=0.5m长的直立杆，底座和杆的总质量为M=1.0kg，底座高度不计，杆上套有质量为m=0.2kg的小环B，小环与杆之间有大小恒定的摩擦力．当小环从底座上以v0=4.0m/s的初速度向上飞起时，恰好能到达杆顶，然后沿杆下降，取g=10m/s2，求：①在环飞起过程中，底座对水平面的压力；②此环下降过程需要多长时间．由运动学公式：12．（18分）（2014•云南二模）如图所示，物块Α、Β用一劲度系数为k=200N/m的轻弹簧相连静止于水平地面上，Α物体质量m A=2Kg，Β物体质量m B=4Kg．现用一恒力F=30N竖直向上拉物体A，使Α从静止开始运动，当Α运动到最高点时Β刚好要离开地面但不能继续上升．若弹簧始终处于弹性限度内，取g=10m/s2，求：（1）Β刚要离开地面时，拉力F做的功：（2）Β刚耍离开地面时Α的加速度大小；（3）从Α开始运动到Α到达最高点的过程中弹簧弹力对Α做的功．解得：的加速度大小三、选修题13．（6分）2008年9月25日至28日我国成功实施了“神舟”七号载入航天飞行并实现了航天员首次出舱．飞船先沿椭圆轨道飞行，后在远地点343千米处点火加速，由椭圆轨道变成高度为343千米的圆轨道，在此圆轨道上飞船运行周期约为90分钟．下列判断正确的是（）可知，14．（9分）如图所示，半径分别为R和r的甲、乙两个光滑的圆形轨道安置在同一竖直平面上，轨道之间有一条水平轨道CD相通，一小球以一定的速度先滑上甲轨道，通过动摩擦因数为μ的CD段，又滑上乙轨道，最后离开两圆轨道，若小球在两圆轨道的最高点对轨道的压力都恰好为零，试求CD段的长度．…①由机械能守恒定律有联立①②式，可得点时的速度解得：．。
【全国百强校】江西省上高县第二中学2015-2016学年高二上学期第三次(12月)月考物理试题解析(解析版)
一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分。
1—7单选，8—10多选，全选对的得4分选对但不全得2分，错选或不选得0分）1．如图所示是电场中某区域的电场线分布，a、b是电场中的两点，则（）A.电荷在a点受到电场力方向必定与该点场强方向一致B.同一点电荷放在a点受到的电场力比放在b点时受到的电场力小C.正电荷放在a点静止释放，在电场力作用下运动的轨迹与电场线重合D.a点的电场强度较大【答案】D考点：电场强度【名师点睛】解答本题需要掌握：电场线的疏密表示电场的强弱；正电核受力方向和电场线相同，负电荷则相反；运动轨迹与受力和初速度有关，不一定沿电场线。
2．如图所示为通电螺线管的纵剖面图，“○×”和“⊙”分别表示导线中的电流垂直纸面流进和流出，图中四个小磁针（涂黑的一端为N极）静止时的指向一定画错了的是（）A．a B．b C．c D．d【答案】B考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向【名师点睛】首先根据电源的正负极判定电流方向，由电流方向根据安培则（用右手握住螺线管，让四指弯曲的方向与螺线管中的电流方向一致，则大拇指所指的那端就是通电螺线管的N 极）判断通电螺线管的磁极；根据磁极间的作用规律判断小磁针的指向是否正确3．如图所示圆形区域内有垂直于纸面的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a 、b 、c ，以不同的速率沿着AO 方向对准圆心O 射入磁场，其运动轨迹如图所示。
若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是（ ）A ．a 粒子速率最大B ．c 粒子在磁场中运动的时间最长C ．c 粒子速率最大D ．它们做圆周运动的周期c b a T T T <<【答案】C【解析】 试题分析：粒子在磁场中做匀速圆周运动时，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得2qvB r v m =，解得：mv r qB=。
由于三个带电粒子的质量、电荷量均相同，在同一个磁场中，当速度越大时、轨道半径越大，由图示可知，a 粒子的轨道半径最小，粒子c 的轨道半径最大，则a 的粒子速率最小，c 粒子的速率最大，故A 错误，C 正确；粒子在磁场中做圆周运动的周期：2m T qB π=，粒子在磁场中的运动时间：2t T θπ=，三粒子运动周期相同，由图示可知，a 在磁场中运动的偏转角最大，对应时间最长，故BD 错误。
江西省宜春市高三物理上学期段考试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
2015-2016学年江西省宜春市高三〔上〕段考物理试卷一、选择题1．小强的妈妈提一桶水，向上提起的力为150N，小强和小勇接过来共同来提，关于小强和小勇的用力，如下说法正确的答案是〔〕A．他俩必分别只用75N的力B．他俩可分别用100N的力C．他俩都可用小于75N的力D．他俩的力不可能大于75N2．如下列图，晾晒衣服的绳子两端分别固定在两根竖直杆上的A、B两点，绳子的质量与绳与衣架挂钩间摩擦均忽略不计，衣服处于静止状态．如果保持绳子A端、B端在杆上位置不变，将右侧杆平移到虚线位置〔绳仍为绷直状态〕，稳定后衣服仍处于静止状态．如此〔〕xqlyskjdA．绳的拉力变大 B．绳的拉力不变C．绳对挂钩作用力变小D．绳对挂钩作用力不变3．有两个共点力，一个力的大小是3N，另一个力的大小是6N，它们合力的大小可能是〔〕A．18 N B．6 N C．2 N D．1 N4．在车上有一用硬杆做成的框架，其下端固定一质量为m的小球，小车在水平面上以加速度a运动，有关角度如图，如下说法正确的答案是〔〕A．小球受到的杆的弹力大小一定为，方向沿杆方向B．小球受到的杆的弹力大小一定为mgtanθ，方向沿杆方向C．小球受到的杆的弹力大小一定为，方向不一定沿杆方向D．小球受到的杆的弹力大小一定为，方向一定沿杆方向5．一个力的大小和方向，把它分解成两个力，如下情况中有唯一解的是〔〕A．两个分力的方向B．一个力的大小和方向C．一个力的大小和另一个分力的方向D．一个分力的大小或一个分力的方向6．大小为20N、30N和40N的三个力的合力大小可能为〔〕A．10N B．40N C．70N D．100N7．在力的分解中，如果一个分力的大小和另一个分力的方向，那么它的解是〔〕A．在任何情况下只有唯一解B．可能有唯一解C．可能无解 D．可能有两组解8．如下列图，一个“Y〞形弹弓顶部跨度为L，两根一样的橡皮条自由长度均为L，在两橡皮条的末端用一块软羊皮〔长度不计〕做成裹片．假设橡皮条的弹力与形变量的关系满足胡克定律，且劲度系数为k，发射弹丸时每根橡皮条的最大长度为2L〔弹性限度内〕，如此发射过程中裹片对弹丸的最大作用力为〔〕A．kL B．2kL C． kL D． kL9．如下列图，一物体用一段细绳悬挂于O点而处于静止状态，现在用一个水平力F的作用在物体上，使其缓慢偏离竖直位置，如此其水平拉力F的大小变化情况．说法正确的答案是〔〕A．先变大，后变小B．先变小，后又变大C．一直变大 D．不断变小10．如下列图，某人静躺在椅子上，椅子的靠背与水平面之间有固定倾斜角θ．假设此人所受重力为G，如此椅子各局部对他的作用力的合力大小为〔〕A．G B．GsinθC．GcosθD．Gtanθ二、填空题11．两个共点力的合力最大值为25N，最小值为15N，如此这两个力分别为 N、N．12．一端带有滑轮的木板水平放置在桌面上，木板上放一个质量为M的物体，另一端连一不可伸缩的细线，跨过滑轮按图甲和图乙两种方式拉绳子的另一端使M都能加速运动，不计滑轮质量和摩擦，如此绳子上的拉力比拟：图甲图乙〔填大于、小于、等于〕李平同学在用图乙探究加速度、力、质量关系的实验中，假设要M受的合外力近似等于mg，如此必须满足于①，②13．在同一平面上共点的四个力F1、F2、F3、F4的大小依次是19N、40N、30N和15N方向如下列图，其合力大小为N 〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕14．两个力合力最大值15N，最小值3N，且F1＞F2，如此两个力F1=N，F2=N．三、计算题15．如下列图，PQ为一固定水平放置的光滑细长杆，质量均为m的两小球A、B穿于其上，两球被穿于杆上的轻弹簧相连．在A、B两球上还系有长度为2L的轻线，在轻线中间系有质量不计的光滑定滑轮E，C、D球质量分别为m和2m，用轻绳连接并跨过定滑轮．释放C、D 后，当C、D球运动时轻弹簧长度也为L，劲度系数为K，〔弹簧在弹性限度内，重力加速度为g〕求：〔1〕C、D球运动时，连接C、D的轻绳中张力T；〔2〕求细杆对A球的弹力F A大小；〔3〕求弹簧的原始长度？16．F1=F2=10N，求以下两种情况下二力的合力大小：〔1〕F1与F2垂直，求合力F的大小和方向．〔2〕F1与F2成120°角，求合力F的大小和方向．17．如图示，质量分别为m1、m2的两个物体通过轻弹簧连接，在力F作用下一起沿水平方向做匀速直线运动〔m1在地面，m2在空中〕，力F与水平方向成θ角．求m1所受支持力N和摩擦力f．18．随着社会的开展，微型汽车越来越多地进入了普通百姓家．在微型汽车的随车工具中，有一种替代“液压千斤顶〞的简单机械顶，其结构如下列图，AB、BC、CD、DA为四根一样的钢管，A、B、C、D四点用铰链相连接，BD为一螺栓，其螺母在D点外侧，此“顶〞在工作时，不断拧紧D外螺母，使BD间距离变小，从而使AC间距离增大，以达到顶起汽车一个轮子的目的．假设某微型汽车重1.2t，在修理汽车的一个轮胎时，将汽车的这个轮子顶起，在轮子刚好离地时，AB、BC成120°角，求此时钢管的作用力约多大？〔假设轮子被顶起时A端受到的压力等于车的重力，取g=10m/s2〕．2015-2016学年江西省宜春市高三〔上〕段考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．小强的妈妈提一桶水，向上提起的力为150N，小强和小勇接过来共同来提，关于小强和小勇的用力，如下说法正确的答案是〔〕A．他俩必分别只用75N的力B．他俩可分别用100N的力C．他俩都可用小于75N的力D．他俩的力不可能大于75N【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】定性思想；推理法；平行四边形法如此图解法专题．【分析】根据力的平行四边形定如此，结合合力与分力大小关系，即可求解．【解答】解：小强和小勇两人用力的合力大小应为150 N，如此两个分力不可能都小于75 N，应该大于等于75 N，故B正确，ACD错误．应当选：B．【点评】此题考查力的合成法如此，要根据对称性得出两人对水桶的拉力大小相等，再由竖直方向力平衡即可求出他俩的手臂受到的拉力大小．2．如下列图，晾晒衣服的绳子两端分别固定在两根竖直杆上的A、B两点，绳子的质量与绳与衣架挂钩间摩擦均忽略不计，衣服处于静止状态．如果保持绳子A端、B端在杆上位置不变，将右侧杆平移到虚线位置〔绳仍为绷直状态〕，稳定后衣服仍处于静止状态．如此〔〕A．绳的拉力变大 B．绳的拉力不变C．绳对挂钩作用力变小D．绳对挂钩作用力不变【考点】共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对挂钩受力分析，根据平衡条件结合几何关系列式求解；杆向左移动时，绳子与杆的夹角改变，绳子的张角变小，根据平衡条件可知绳子拉力T变小；根据三力平衡条件可知，两绳子的拉力T的合力F始终与G等值反向，如此绳子对挂钩的弹力的合力不变．【解答】解：AB、对挂钩受力分析，如下列图，根据平衡条件，有：2Tcosθ=mg绳子右端的B点在杆上位置不动，将杆向左移动到虚线位置时，角度θ变小，故绳子拉力T变小，故A错误．B错误．CD、绳中的拉力左右相等，两侧绳子与竖直方向的夹角均为θ，根据三力平衡条件可知，两绳子的拉力T的合力F始终与G等值反向，即绳对挂钩作用力不变，故C错误，D正确．应当选：D【点评】此题关键根据几何关系，得到向左移动时，绳子与竖直方向的夹角的变化情况，然后根据共点力平衡条件列式求解．3．有两个共点力，一个力的大小是3N，另一个力的大小是6N，它们合力的大小可能是〔〕A．18 N B．6 N C．2 N D．1 N【考点】力的合成．【专题】受力分析方法专题．【分析】两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零时合力最大，夹角180°时合力最小，并且F1+F2≥F≥|F1﹣F2|．【解答】解：两力合成时，合力范围为：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|；故9N≥F≥3N，所以可能的是B．应当选：B．【点评】此题关键根据平行四边形定如此得出合力的范围：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|．4．在车上有一用硬杆做成的框架，其下端固定一质量为m的小球，小车在水平面上以加速度a运动，有关角度如图，如下说法正确的答案是〔〕A．小球受到的杆的弹力大小一定为，方向沿杆方向B．小球受到的杆的弹力大小一定为mgtanθ，方向沿杆方向C．小球受到的杆的弹力大小一定为，方向不一定沿杆方向D．小球受到的杆的弹力大小一定为，方向一定沿杆方向【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】通过小球和车具有一样的加速度，根据小球的合力，通过平行四边形定如此求出杆子的弹力．【解答】解：小球所受的合力为ma，水平向右，根据平行四边形定如此，知杆子的弹力大小F==，方向随着加速度的大小变化而变化，不一定沿杆子方向．故C正确，A、B、D错误．应当选C．【点评】解决此题的关键知道球和车具有一样的加速度，知道杆子的弹力不一定沿杆．5．一个力的大小和方向，把它分解成两个力，如下情况中有唯一解的是〔〕A．两个分力的方向B．一个力的大小和方向C．一个力的大小和另一个分力的方向D．一个分力的大小或一个分力的方向【考点】力的分解．【专题】平行四边形法如此图解法专题．【分析】合力与分力遵循平行四边形定如此，根据平行四边形定如此作图分析即可．【解答】解：A、两个分力的方向，根据平行四边形定如此，有唯一解；，故A正确；B、一个分力的大小和方向，平行四边形唯一，故只有一个解，故B正确；C、一个分力的大小和另一个分力的方向，根据平行四边形定如此，如图可能有两组解，故C错误；D、合力与两个分力的大小，根据三角形定如此，方向有可能不同，如如下图故D错误；应当选：AB．【点评】此题关键针对各种情况，运用平行四边形定如此作图分析后得到结论．6．大小为20N、30N和40N的三个力的合力大小可能为〔〕A．10N B．40N C．70N D．100N【考点】力的合成．【分析】两个共点力F1与F2合成，合力范围为：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|；合成两个力后再与第三个力合成即可．【解答】解：三力同向时合力最大，等于30N+40N+20N=90N；30N与40N合成最小10N，最大70N，可以等于20N，故三力的合力可以为零；故合力范围为：90N≥F≥0；所以可能的是ABC．应当选：ABC．【点评】判断最小合力的方法是，假设合力能为零，如此零为最小合力，假设合力不能为零，如此最小合力等于最大的力和两个较小的力之差．7．在力的分解中，如果一个分力的大小和另一个分力的方向，那么它的解是〔〕A．在任何情况下只有唯一解B．可能有唯一解C．可能无解 D．可能有两组解【考点】力的分解．【分析】分解一个确定大小和方向的力，根据平行四边形定如此，以这个力为对角线作平行四边形，与这个力共点的两个邻边表示一对分力．如作出的平行四边形只有一个，就得到唯一确定的解．【解答】解：一个分力的大小和另一个分力的方向，根据平行四边形定如此，将力分解，可能有两解，可能有一解，也可能无解．当如下列图，一个分力的大小正好等于Fsinθ，因此只有一种解；当如下列图，当一个分力的大小大于Fsinθ时，因此有两种解；当如下列图，当一个分力的大小小于Fsinθ时，没有解．因此A错误，BCD正确；应当选：BCD【点评】假设被分解的一个分力大小正好等于Fsinθ时，只有一解；当小于时无解；当大于时有两解．同时力分解有唯一确定的分解结果的通常有两种情况：〔1〕两个分力的方向；〔2〕一个分力的大小和方向．8．如下列图，一个“Y〞形弹弓顶部跨度为L，两根一样的橡皮条自由长度均为L，在两橡皮条的末端用一块软羊皮〔长度不计〕做成裹片．假设橡皮条的弹力与形变量的关系满足胡克定律，且劲度系数为k，发射弹丸时每根橡皮条的最大长度为2L〔弹性限度内〕，如此发射过程中裹片对弹丸的最大作用力为〔〕A．kL B．2kL C． kL D． kL【考点】胡克定律；力的合成．【专题】弹力的存在与方向的判定专题．【分析】当橡皮条的长度最大时，橡皮条的弹力最大，两个弹力的夹角最小，如此两弹力的合力最大，根据平行四边形定如此求出最大弹力．【解答】解：根据胡克定律知，每根橡皮条的弹力F=k〔2L﹣L〕=kL．设此时两根橡皮条的夹角为θ，根据几何关系知，sin=．根据平行四边形定如此知，弹丸被发射过程中所受的最大弹力F合=2Fcos=kL．故D正确，A、B、C错误．应当选D．【点评】此题考查了胡克定律与力的合成的综合，难度中等，对数学几何要求较高．9．如下列图，一物体用一段细绳悬挂于O点而处于静止状态，现在用一个水平力F的作用在物体上，使其缓慢偏离竖直位置，如此其水平拉力F的大小变化情况．说法正确的答案是〔〕A．先变大，后变小B．先变小，后又变大C．一直变大 D．不断变小【考点】共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】物体缓慢偏离竖直位置，说明物体始终处于平衡状态，受力分析后找出不变的物理量画出平行四边形分析即可．【解答】解：对物体受力分析并合成如图：因为物体始终处于平衡状态，故G′始终等于G，大小和方向均不发生变化．在物体缓慢偏离竖直位置的过程中细线与竖直方向的夹角逐渐变大，画出平行四边形如下列图，可以看出：力F逐渐变大，绳子的拉力也逐渐变大．应当选：C【点评】此题是受力平衡的应用之一：动态分析，常用的方法是解析式法和画图法，此题应用画图法分析即可．10．如下列图，某人静躺在椅子上，椅子的靠背与水平面之间有固定倾斜角θ．假设此人所受重力为G，如此椅子各局部对他的作用力的合力大小为〔〕A．G B．GsinθC．GcosθD．Gtanθ【考点】力的合成．【专题】受力分析方法专题．【分析】人受多个力处于平衡状态，合力为零．人受力可以看成两局部，一局部是重力，另一局部是椅子各局部对他的作用力的合力．根据平衡条件求解．【解答】解：人受多个力处于平衡状态，人受力可以看成两局部，一局部是重力，另一局部是椅子各局部对他的作用力的合力．根据平衡条件得椅子各局部对他的作用力的合力与重力等值，反向，即大小是G．应当选A．【点评】通过受力分析和共点力平衡条件求解．二、填空题11．两个共点力的合力最大值为25N，最小值为15N，如此这两个力分别为20 N、 5 N．【考点】力的合成．【分析】当两力同向向合力最大，最大值等于两力之和，两力反向时合力最小，最小值等于较大的力减去较小的力，如此联立可解出两力的值．【解答】解：当两力同向时：F1+F2=25N；当两力反向时：F1﹣F2=15N；如此联立可解得：F1=20N；F2=5N．故答案为：20；5．【点评】此题考查力的合成中二力的合力范围，注意当两力同向时合力最大，两力反向时合力最小；另因此题不必分清哪一个为大力，故可设F1为较大力．12．一端带有滑轮的木板水平放置在桌面上，木板上放一个质量为M的物体，另一端连一不可伸缩的细线，跨过滑轮按图甲和图乙两种方式拉绳子的另一端使M都能加速运动，不计滑轮质量和摩擦，如此绳子上的拉力比拟：图甲大于图乙〔填大于、小于、等于〕李平同学在用图乙探究加速度、力、质量关系的实验中，假设要M受的合外力近似等于mg，如此必须满足于①平衡M的摩擦力，②m比M小得多【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题．【分析】根据牛顿第二定律求出两种情况下的拉力大小，从而进展比拟．通过乙图中的拉力大小，分析合外力近似等于mg的条件．【解答】解：对甲图，M所受的拉力等于mg，对乙图，根据牛顿第二定律得，a=，如此绳子的拉力F=Ma=，所以图甲中的拉力大于图乙中的拉力．为了使绳子的拉力等于M所受的合力，如此需平衡摩擦力；为了使mg等于绳子的拉力，有F的表达式可知，m应远小于M．故答案为：大于，平衡M的摩擦力，m比M小得多．【点评】解决此题的关键知道实验的原理，掌握在实验中的两个认为：1、认为绳子的拉力等于小车的合力，〔前提需平衡摩擦力〕，2、钩码的重力等于绳子的拉力，〔前提是m的质量远小于M的质量〕．13．在同一平面上共点的四个力F1、F2、F3、F4的大小依次是19N、40N、30N和15N方向如下列图，其合力大小为27N 〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕【考点】力的合成．【分析】建立坐标系：以四个力的作用点为原点，以正东方向为x轴正方向，以正北方向为y轴方向，将F2、F3、F4分解到两个坐标轴上，分别求出x轴和y轴上的合力，再求解四个力的合力的大小和方向．【解答】解：1、建立坐标系如图．2、根据平行四边形定如此将各力垂直分解到两个坐标轴上．3、分别求出x轴和y轴上的合力，x轴方向的合力为：F x=F1+F2cos37°﹣F3cos37°=19+32﹣24=27Ny轴方向的合力为：F y=F2sin37°+F3sin37°﹣F4=24+18﹣15=27N；所以四个力的合力大小为：F=27N，方向东偏北45°．故答案为：27【点评】正交分解法是求解合力的一种方法，首先要建立坐标系，先正交分解，再求解合力．14．两个力合力最大值15N，最小值3N，且F1＞F2，如此两个力F1= 9 N，F2= 6 N．【考点】力的合成．【专题】受力分析方法专题．【分析】二力合成遵循平行四边形定如此，同向时合力最大，反向时合力最小，合力范围：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|．【解答】解：二力合成时合力范围：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|；因合力最大15N，最小3N，且F1＞F2，如此F1=9N，F2=6N．故答案为：9，6【点评】此题关键是明确二力合成时遵循平行四边形定如此，夹角越大，合力越小，同向时合力最大，反向时合力最小．三、计算题15．如下列图，PQ为一固定水平放置的光滑细长杆，质量均为m的两小球A、B穿于其上，两球被穿于杆上的轻弹簧相连．在A、B两球上还系有长度为2L的轻线，在轻线中间系有质量不计的光滑定滑轮E，C、D球质量分别为m和2m，用轻绳连接并跨过定滑轮．释放C、D 后，当C、D球运动时轻弹簧长度也为L，劲度系数为K，〔弹簧在弹性限度内，重力加速度为g〕求：〔1〕C、D球运动时，连接C、D的轻绳中张力T；〔2〕求细杆对A球的弹力F A大小；〔3〕求弹簧的原始长度？【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；胡克定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】〔1〕释放C、D后，C、D都做匀变速运动，加速度大小相等，由整体法根据牛顿第二定律求出它们的加速度大小，再对C球研究，由牛顿第二定律求出连接C、D的轻绳中张力T；〔2〕对滑轮研究，竖直方向上力平衡，求出AE线的拉力，再对A球研究，由平衡条件求出细杆对A球的弹力F A大小．〔3〕对A球研究，由平衡条件得到弹簧的弹力，由胡克定律求出弹簧的压缩量，再求出弹簧的原始长度．【解答】解：C、D球在竖直方向做匀变速运动，如此它们的加速度大小为：a==以C球为研究对象，如此有：T﹣mg=ma得轻绳的拉力为：T=mg+ma=mg〔2〕对滑轮，设AE线的拉力为T1，有：2T1cos30°=2T得：T1=对A球，在竖直方向：F A=mg+T1sin60°得：F A=〔3〕对A球：在水平方向有：F弹=T1cos60°得：F弹=弹簧被压缩，所以弹簧原长：L0=L+x=L+=L+答：〔1〕C、D球运动时，连接C、D的轻绳中张力为mg；〔2〕细杆对A球的弹力F A大小为；〔3〕弹簧的原始长度是L+．【点评】此题中有连接体问题和平衡问题．连接体的加速度大小相等，也可以根据整体法求出加速度，隔离法求解绳子的拉力．16．F1=F2=10N，求以下两种情况下二力的合力大小：〔1〕F1与F2垂直，求合力F的大小和方向．〔2〕F1与F2成120°角，求合力F的大小和方向．【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】定量思想；合成分解法；平行四边形法如此图解法专题．【分析】根据矢量的合成法如此，结合三角知识，并画出正确的力图，即可求解．【解答】解：〔1〕当F1与F2垂直时，由平行四边形定如此作出平行四边形，如下列图；由勾股定理可得：F===14.14 N合力的方向与F1的夹角θ为：tanθ==1，解得：θ=45°；〔2〕当F1与F2互成120°角时，作出平行四边形，由于F1=F2，故所得平行四边形为菱形，且F平分F1、F2的夹角，由图所示，F1、F2与F构成一等边三角形．即这种情况下，F=F1=F2=10 NF与F1的夹角θ=60°答：〔1〕F1与F2垂直，如此合力F的大小14.14 N 和方向与F1的夹角为45°．〔2〕F1与F2成120°角，如此合力F的大小10 N和方向与F1的夹角60°．【点评】考查力的合成法如此的内容，掌握勾股定理与几何关系的应用，注意力的矢量性，与随着夹角的增大，合力大小如何变化．17．如图示，质量分别为m1、m2的两个物体通过轻弹簧连接，在力F作用下一起沿水平方向做匀速直线运动〔m1在地面，m2在空中〕，力F与水平方向成θ角．求m1所受支持力N和摩擦力f．【考点】共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对整体分析，根据共点力平衡求出地面的支持力N和摩擦力f的大小．【解答】解：对整体分析，受重力、支持力、拉力和摩擦力；在竖直方向上平衡，有：Fsinθ+N=〔m1+m2〕g解得：N=m1g+m2g﹣Fsinθ在水平方向上平衡，有：解得：f=Fcosθ答：m1所受支持力N为m1g+m2g﹣Fsinθ，摩擦力f为Fcosθ．【点评】此题采用整体法解决比拟简单，也可以采用隔离法分析，运用共点力平衡进展求解．18．随着社会的开展，微型汽车越来越多地进入了普通百姓家．在微型汽车的随车工具中，有一种替代“液压千斤顶〞的简单机械顶，其结构如下列图，AB、BC、CD、DA为四根一样的钢管，A、B、C、D四点用铰链相连接，BD为一螺栓，其螺母在D点外侧，此“顶〞在工作时，不断拧紧D外螺母，使BD间距离变小，从而使AC间距离增大，以达到顶起汽车一个轮子的目的．假设某微型汽车重1.2t，在修理汽车的一个轮胎时，将汽车的这个轮子顶起，在轮子刚好离地时，AB、BC成120°角，求此时钢管的作用力约多大？〔假设轮子被顶起时A端受到的压力等于车的重力，取g=10m/s2〕．【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】平行四边形法如此图解法专题．【分析】对钢管受力分析，根据三力平衡，结合力的平行四边形定如此与几何关系，即可求解．【解答】解：设钢管的作用力为F T，对A端受力分析如下列图，A端受三个力而平衡：两管的作用力F T和车对A端的压力F，这三个力的合力为零，如此两管的作用力F T的合力等于压力F=mg，由几何关系得F T==m g=6.9×103 N．答：此时钢管的作用力约6.9×103N．【点评】考查如何选择确定对象，与受力分析．掌握力的平行四边形定如此的应用，理解几何关系与三角函数的运用，注意夹角的正确性．。
江西省上高二中2015届高三上学期第三次月考 理综
江西省上高二中2015届高三上学期第三次月考理综可能用到的相对分子质量：H：1 C:12 O：16 Na:23 Fe：56 Al：27 Cu：64 S：32 N：14 Ba:137第I卷选择题共21小题，共126分一、选择题：本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.MRSA菌是一种引起皮肤感染的“超级细菌”，对青霉素等多种抗生素有抗性。
为研究人母乳中新发现的蛋白质H与青霉素组合使用对MRSA菌生长的影响，某兴趣小组的实验设计及结果如下表。
下列说法正确的是（）A.细菌死亡与否是通过光学显微镜观察其细胞核的有无来确定B.第2组和第3组对比表明，使用低浓度的青霉素即可杀死MRSA菌C.实验还需设计有2μg/mL青霉素做处理的对照组D.蛋白质H有很强的杀菌作用，是一种新型抗生素2．下列关于右图中曲线的叙述中，正确的是（）A．如果X轴为时间，Y轴为恒定容积培养液体中的草履虫个数，在c点时，适量添加培养液，则K值将保持不变B．如果X轴为氧气浓度，Y轴为最适温度下酵母菌释放二氧化碳速率，在c 点时，适当升高温度，则K值将保持不变C．如果X轴为氧气浓度，Y轴为番茄细胞对钙的吸收速率，在c点时适当提高完全营养液中钙离子浓度，K值将保持不变D．如果X轴为反应物浓度，Y轴为某种酶促反应速度，在c点时，增加酶的含量，则K值将不变3．对下列示意图的相关描述，正确的是（）A．图甲细胞处于质壁分离状态，该细胞失水过程中②内溶液的浓度高于①内溶液的浓度B．对应图乙（b）所示的过程来维持细胞内外浓度差异的物质是（a）中的K+C．图丙曲线1为最适温度下反应物浓度对酶促反应速率的影响，如果将反应温度略微升高，变化后的曲线最可能是3D．图丁中的①是mRNA，该过程最终形成的②③④⑤具有不同的结构甲 4.分别用β-珠蛋白基因、卵清蛋白基因和丙酮酸激酶（与细胞呼吸相关的酶）基因的片段为探针，与鸡的成红细胞、输卵管细胞和胰岛细胞中提取的总RNA 进行分子杂交，结果见下表（注：“+”表示阳性，“-”表示阴性）A.B.输卵管细胞的基因组DNA 中存在卵清蛋白基因，缺少β-珠蛋白基因 C.丙酮酸激酶基因的表达产物对维持鸡细胞的基本生命活动很重要 D.上述不同类型细胞的生理功能差异与基因的选择性表达有关5．下图甲是高等动物（2N ）细胞亚显微结构示意图，图乙是该动物体内5个不同时期细胞分裂图。
江西省上高二中2012-2013学年高一上学期第三次月考物理
上高二中2015届高一第三次月考物理试题2012.12一、选择题(共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项符合题目要求，有些小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)。
1.一列长100m 的火车匀加速通过长1000m 的桥梁。
列车刚上桥的速度为10m/s,完全离开桥梁的速度为12m/s 。
则下列说法正确的是（ ） A.研究火车过桥运动时间可以将火车视为质点 B.火车上的乘客看见路轨后退的参考系是桥梁 C.火车完全通过此桥梁的时间为100s D.火车完全通过此桥梁的加速度为0.022m/s 22.如图所示，一重为8 N 的球固定在AB 杆的上端，今用测力计水平拉球，使杆发生弯曲，此时测力计的示数为6 N ，则AB 杆对球作用力的大小为 ( )A ．6 NB ．8 NC ．10 ND ．14 N3.物体从静止开始做匀加速直线运动，第3s 内通过的位移是3m ，则（ ） A.前3s 的位移是6m B.3s 末的速度是3.6m/s C.3s 内平均速度是2m/s D.第3s 内平均速度是3m/s4.已知合力F 的一个分力F 1跟F 成30°角，大小有两个值，则另一个分力F 2的大小可能为( )A ．21F B.32F C.233F D. F5．关于弹力，下列说法正确的是 （ ） A ．肉眼看不到发生形变的物体间一定没有弹力 B ．只要物体间有接触就一定有弹力产生 C ．没有接触的两物体间一定没有弹力D ．桌面放着一本书，书本对桌面的压力是因为桌面发生了形变而产生的6.平直路面上有AB 两块固定挡板相距6米。
物块以8m/s 速度紧靠A 出发,在AB 两板间往复匀减速运动,物块每次与AB 板碰撞将以原速弹回.现要求物块最终停在距B 板2m 处且和A 挡板只碰撞了一次,那么此过程（ ） A.位移大小可能为16m B.加速度大小可能为2m/s 2C.时间可能为5sD.平均速率可能为4m/s7．如图所示，光滑斜面AE 被分成四个长度相等的部分，即AB = BC = CD = DE ，一个物体在A 点由静止释放，下列结论不正确．．．的是（ ） A.物体到达各点的速率2:3:2:1:::=E DC Bv v v v B.物体到达各点所经历的时间3222DC B E t t t t ===C.物体从A 运动到E 的全过程平均速度B v v =D.物体通过每一部分时，其速度增量D E C D B C A Bv v v v v v v v -=-=-=-8.如图所示，粗糙的斜面体M 放在粗糙的水平地面上，物块m 恰好能在斜面体上沿斜面匀速下滑，斜面体静止不动，若用平行斜面向下的力推动物块，使物块加速下滑，则斜面体( ) A ．受地面的摩擦力的大小为零 B ．受地面的摩擦力的方向水平向右 C ．受地面的摩擦力的方向水平向左D ．在F 作用下，斜面体可能沿水平地面向右运动9.如图所示，人屈膝下蹲时，膝关节弯曲的角度为θ，设此时大小腿部的肌肉群对膝关节的作用力F 的方向水平向后，且大腿骨和小腿骨对膝关节的作用力大致相等，那么脚掌所受小腿骨沿竖直方向的力约为( ) tan (θ/2)=A.F 2sin (θ/2)B.F2cos (θ/2) C.F 2tan (θ/2)D.F2tan (θ/2)10．如图所示，光滑水平地面上放有截面为14圆周的柱状物体A ，A 与墙面之间放一光滑的圆柱形物体B ，对A 施加一水平向左的力F ，整个装置保持静止．若将A 的位置向左移动稍许，整个装置仍保持平衡，则（ ）A ．水平外力F 增大B ．墙对B 的作用力减小C ．地面对A 的支持力减小D ．B 对A 的作用力减小二、实验题（共2题，每空3分，共18分）11(9分).图a 用铁架台、弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码,探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长长度的关系实验(1)为完成实验, 还需要的实验器材有 刻度尺_____。
【全国百强校】江西省上高县第二中学2015-2016学年高一上学期第三次(12月)月考物理试题解析(解析版)
一、选择题（每小题4分，共40分，1-6题为单选，7-10题为多选）1．质点沿直线运动，t=0,t=1s，t=3s，t=5s各时刻的位置分别在O、A、B、C点，则（）A．第1秒末到第3秒末的位移是4mB．第1秒末到第5秒末时间内的位移是10mC．第3秒末到第5秒末时间内的平均速度为-7m/sD．前5秒内的位移是-3m【答案】D考点：路程和位移；平均速度【名师点睛】此题是对路程和位移以及平均速度的考查；解题的关键是知道位移的概念：从起点指向终点的有向线段的长度；平均速度等于位移和时间的比值；注意时间和时刻的概念；此题是基础题；考查运动学基本概念的掌握.2．A、B两个物体在水平面上沿同一直线运动，它们的v-t图象如图所示．在t=0时刻，B在A的前面，两物体相距11m，则A物体追上B物体所用时间是（）A．5s B．6.25s C．8s D．9s【答案】D【解析】试题分析：由图线可知，5s末物体B停止运动，此时B的位移为1510252Bx m m=⨯⨯=；A的位移：4520A x m m =⨯=，此时B 在A 前面11m+25m-20m=16m ，故A 追上B 还需要'1644t s s ==，故A 物体追上B 物体所用时间是5s+4s=9s ，故选D. 考点：v-t 图线；追击问题【名师点睛】此题考查了v-t 图线及追击问题；解题的关键是搞清图像的物理意义，图线与坐标轴围成的面积等于物体的位移，根据两物体的位置关系来确定两物体相遇的时间；此题难度不大，考查学生认识图像利用图像的能力.3．如图，质量A B m m >的两物体A 、B 叠放在一起放在倾角为θ的光滑斜面上，现让它们由静止开始释放，在沿斜面下滑过程中，物体B 的受力图是（ ）【答案】C考点：牛顿第二定律的应用.【名师点睛】此题考查了牛顿第二定律的应用以及整体及隔离法的问题；解题时先选择AB 的整体求解加速度，然后隔离任一个物体可求解两物体之间的作用力即可；整体及隔离法是解决连接体问题的常用方法，必须熟练掌握.4．如图所示，A 、B 两物块叠放在一起，水平面粗糙，且沿水平面向右方向动摩擦因数逐渐减小，A 、B 保持相对静止向右做变速直线运动，运动过程中B 受到的摩擦力（ ） A ．方向向左，大小不变 B ．方向向左，逐渐减小 C ．方向向右，大小不变D ．方向向右，逐渐减小【答案】B 【解析】试题分析：对AB 整体，由牛顿定律可知加速度为a=μg ，方向向左，因为沿水平面向右方向动摩擦因数逐渐减小，故加速度减小；对物体B ，根据牛顿定律：f AB =m B a ，故运动过程中B 受到的摩擦力逐渐减小，方向向左，故选B.考点：牛顿第二定律的应用【名师点睛】此题是牛顿第二定律的应用以及整体及隔离法的应用问题；关键是先用整体法求出整体的加速度，然后隔离B物体求解A对B的摩擦力；整体及隔离法是解决连接体问题及叠放体问题的常用方法，必须熟练掌握.5．某同学在学习了动力学知识后，绘出了一个沿直线运动的物体，其加速度a．速度v．位移s随时间变化的图象如图所示，若该物体在t=0时刻，初速度均为零，则A、B、C、D四个选项中表示该物体沿单一方向运动的图象是（）【答案】C考点：运动图像【名师点睛】解决本题的关键知道速度时间图线和位移时间图线的物理意义，以及知道它们的区别，并且能很好运用；要知道速度时间图线的正负值表示物体运动的方向；位移图线的斜率的符号表示速度的方向；而加速度图线的正负号表示加速和减速运动.6．如图所示，三个共点力在同一平面内，互成120°，且F1=90N，F2=60N，F3=30N，则三个力的合力大小和方向是（）A．30N，沿F1、F2的角平分线方向B．60N，沿F1、F3的角平分线方向C．，在F1、F3之间与F1的夹角为30°D．，在F1、F2之间与F1的夹角为30°【答案】D 【解析】试题分析：若以F 1的方向为y 轴正方向，与y 轴垂直的方向为x 轴，则123cos60cos6045y F F F F N =--=o o；23cos30cos30x F F F =-=o o ，故合力：F ==；方向与F 1夹角为：tan x y F F α==，则30α=o，故选D. 考点：力的合成【名师点睛】此题是力的合成问题；所采用的方法是正交分解法；建立两个坐标轴，然后将三个力分解在两个坐标轴上，在求解两个方向上的合力，最后进行合成；此题还可以选用平行四边形法则进行合成，方法较多，要尝试一题多解.7．下列对物体运动的描述中，可能出现的情况是（ ） A ．物体运动的速度为零，加速度不为零B ．两物体比较，一个物体的速度变化量大，物体所受到的合外力一定更大。
江西省宜春市上高二中2015届高三上学期第二次月考物理试卷(新解析版)
江西省宜春市上高二中2015届高三上学期第二次月考物理试卷一、选择题（每题4分，1-8题单选，9-12多选，共48分）1．（4分）在物理学的重大发现中科学家们总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假设法和建立物理模型法等．以下关于物理学研究方法根据速度的定义式v=非常非常小时，就可以表示物体在2．（4分）一质点沿x轴运动，其位置x随时间t变化的规律为：x=10t﹣5t2（m），t的单位x==3．（4分）（2013•浦东新区三模）气象研究小组用图示简易装置测定水平风速．在水平地面上竖直固定一直杆，半径为R、质量为m的薄空心塑料球用细线悬于杆顶端O，当水平风吹来时，球在风力的作用下飘起来．已知风力大小正比于风速和球正对风的截面积，当风速v0=3m/s时，测得球平衡时细线与竖直方向的夹角θ=30°．则（）4．小船过河时，船头偏向上游与水流方向成α角，船相对水的速度为v，其航线恰好垂直于河岸，现水流速度稍有增大，为保持航线不变，且准时到达对岸，下列措施中可行的是5．（4分）“星跳水立方”节目中，某明星从跳板处由静止往下跳的过程中（运动过程中某明星可视为质点），其速度﹣时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）=5m=6．（4分）如图所示，小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，内侧壁半径为R，小球半径为r，则下列说法正确的是（）=﹣m．7．（4分）如图所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏a连接，连接b的一段细绳与斜面平行．在a中的沙子缓慢流出的过程中，a、b、c都处于静止状态，下列说法错误的是（）8．如图a所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F与物体位移x的关系如图b所示（g=10m/s2），则正确的结论是（）9．（4分）如图所示，两个完全相同的小车质量为M，放在光滑的水平面上，小车横梁上用细线各悬挂一质量为m的小球，若分别施加水平恒力F1、F2，整个装置分别以加速度a1、a2做匀加速运动，但两条细线与竖直方向夹角均为θ，则下列判断正确的是（），．=gtan10．（4分）半径R=4cm的圆盘可绕圆心O水平转动，其边缘有一质量m=1kg的小物块（可视为质点），若物块随圆盘一起从静止开始加速转动，其向心加速度与时间满足a0=t2，物块a=a=求解物块绕完第一圈的时间，当静摩擦力达到得：v==0.4m/s ==，解得：mg=m≈，小球，小球，小球，两球在空中相遇时=gt联立以上各式解得：上升的时间：运动的总时间为：…，解得：，故=，下落的高度：，两个物体球的初速度满足：球相遇；当时小球=t=，此时12．（4分）在光滑水平面上放置两长度相同、质量分别为m1和m2的木板P、Q，在木板的左端各有一大小、形状、质量完全相同的物块a和b，木板和物块均处于静止状态．现对物块a和b分别施加水平恒力F1和F2，使它们向右运动．当物块与木板分离时，P、Q的速度分别为v1、v2，物块P、Q相对地面的位移分别为s1、s2．已知两物块与木板间的动摩擦因数相同，下列判断正确的是（）==L=at aL=aL=a atL=at二、实验题（13题每空3分，14题每空2分，共16分）13．（6分）某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：一轻质弹簧竖直悬挂于某一深度为h=30.0cm且开口向下的小筒中（没有外力作用时弹簧的下端位于筒内，用测力计可以同弹簧的下端接触），如图甲所示，若本实验的长度测量工具只能测量露出筒外弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数，该同学通过改变l而测出对应的弹力F，作出F﹣l图象如图乙所示，则弹簧的劲度系数为k=200N/m，弹簧的原长l0= 20cm．14．（10分）某同学用如图所示实验装置来探究加速度与物体质量、物体所受力的关系．滑道水平，用钩码所受的重力作为滑块所受的拉力，得到滑块的加速度与拉力的关系图象．重力加速度为g=10m/s2（1）图象不过原点的原因是没有平衡摩擦力；滑块所受的滑动摩擦力f=1N．（2）若拉力F无限增大，图象将趋于一条水平直线，且加速度a=10m/s2．（3）滑块的质量M=0.3kg；滑块和轨道间的动摩擦因数μ=．a=；三、计算题（8分+8分+10分+10分）15．（8分）如图，可视为质点的小球位于半圆体左端点A的正上方某处，以初速度v0水平抛出，其运动轨迹恰好能与半圆柱体相切于B点．过B点的半圆柱体半径与水平方向的夹角为30°，求半圆柱体的半径为多大？（不计空气阻力，重力加速度为g）=R=．16．（8分）研究表明，一般人的刹车反应时间（即图甲中“反应过程”所用时间）t0=0.45s，但饮酒会导致反应时间延长，在某次试验中，志愿者少量饮酒后驾车以v0=54km/h的速度在试验场的水平路面上匀速行驶，从发现情况到汽车停止，行驶距离L=27m．减速过程中汽车速度v与位移s的关系曲线如图乙所示，此过程可视为匀变速直线运动．取重力加速度的大小g=10m/s2．求：（1）减速过程汽车加速度的大小及所用时间；（2）饮酒使志愿者的反应时间比一般人增加了多少？17．（10分）如图所示，将倾角θ=30°、表面粗糙的斜面固定在地面上，用一根轻质细绳跨过两个光滑的半径很小的滑轮连接甲、乙两物体（均可视为质点），把甲物体放在斜面上且细绳与斜面平行，把乙物体悬在空中，并使细绳拉直且偏离竖直方向α=60°．开始时甲、乙均静止．现同时释放甲、乙两物体，乙物体将在竖直平面内往返运动，测得绳长OA为l=0.5m，当乙物体运动经过最高点和最低点时，甲物体在斜面上均恰好未滑动，已知乙物体在竖直平面内运动到最低点时的速度大小为m/s，乙物体的质量为m=1kg，忽略空气阻力，取重力加速度g=10m/s2，求：（1）乙物体在竖直平面内运动到最低点时所受的拉力大小；（2）甲物体的质量以及斜面对甲物体的最大静摩擦力的大小；（3）斜面与甲物体之间的动摩擦因数μ（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）．T=所以有：18．（10分）如图所示，光滑水平面上静止放置质量M=2kg，长L=0.84m的长木板C，离板左端S=0.12m处静止放置质量m A=1kg的小物块A，A与C间的动摩擦因数μ=0.4；在板右端静止放置质量m B=1kg的小物块B，B与C间的摩擦忽略不计．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，A、B均可视为质点，g=10m/s2．现在木板上加一水平向右的力F，问：（1）当F=9N时，小物块A的加速度为多大？（2）若F足够大，则A与B碰撞之前运动的最短时间是多少？（3）若在A与B发生弹性碰撞时撤去力F，A最终能滑出C，则F的最大值为多少？N。
江西省上高二中2015届高三上学期第三次月考 物理
2015届高三年级第三次月考物理试卷命题：黄璜 徐海清 刘江平二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分，在每小题给出的四个选项中，第 14～18题只有一项符合题目要求，第 19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。
14.如右图为两个质点A 、B 同时同地开始运动的v-t 图象。
由图可知（ ）A ．在t 1时刻两质点相距最远B ．在t 2时刻两个质点相遇C ．在0- t 1时间内质点B 比质点A 加速度大D ．两物体出发后可以相遇两次15．某大型游乐场内的新型滑梯可以等效为如图所示的物理模型，一个小朋友与斜面在AB 段的动摩擦因数μ1<tan θ，BC 段的动摩擦因数μ2>tan θ，他从A 点开始下滑，滑到C 点恰好静止，整个过程中滑梯保持静止状态。
该小朋友从斜面顶端A 点滑到底端C 点的过程中（ ）A ．地面对滑梯的摩擦力方向先水平向左，后水平向右B ．地面对滑梯始终无摩擦力作用C ．地面对滑梯的支持力的大小始终等于小朋友和滑梯的总重力的大小D ．地面对滑梯的支持力的大小先大于、后小于小朋友和滑梯的总重力的大小16．在圆轨道上运动的质量为m 的人造地球卫星，它到地面的距离等于地球半径R ，地面上的重力加速度为g ，则( )A ．卫星运动的速度为Rg 2B ．卫星运动的周期为g 22R πC ．卫星运动的加速度为g/2D ．卫星的动能为mgR/417．如图所示，将质量为m 的小球以速度0v 由地面竖直向上抛出。
小球落回地面时，其速度大小为043v 。
设小球在运动过程中受空气阻力的大小不变，则空气阻力的大小等于（ ）A ．mg 43B ．mg 163C ．mg 167 D ．mg 257 18.汽车以额定功率在平直公路上匀速行驶，在t 1时刻突然使汽车的功率减小一半，并保持该功率继续行驶，到t 2时刻汽车又开始做匀速直线运动（设汽车所受阻力不变），则在t 1～t 2时间内( )A ．汽车的加速度保持不变B ．汽车的加速度逐渐减小C ．汽车的速度先减小后增大D ．汽车的速度先增大后减小 19. ．如图所示，一个表面光滑的斜面体M 置于在水平地面上，它的两个斜面与水平面的夹角分别为α、β，且α <β，M 的顶端装有一定滑轮，一轻质细绳跨过定滑轮后连接A 、B 两个小滑块，细绳与各自的斜面平行，不计绳与滑轮间的摩擦，A 、B恰好在同一高度处A B M αβ于静止状态．剪断细绳后，A、B滑至斜面底端，M始终保持静止。
江西省上高县第二中学高三全真模拟物理试题Word版含答案
江西省上高县第二中学高三全真模拟物理试题Word版含答案命题：黎毛生熊继荣罗伟中审题：孙长征李尚力钟庆芳150分钟本试卷分第 I 卷（选择题）和第 II 卷（非选择题）两部分，满分300分，考试用时可能用到的原子量：H=1 C=12 O=16 N=14 S=32Ba=13721 小题，每题 6 分，共126 分）第I 卷（本卷共一、选择题：本题共13 小题，每题 6 分。
在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项吻合题目要求的。
二、选择题：( 本题共8 小题，每题 6 分。
在每题给出的四个选项中，第14～ 17 题只有一项为哪一项吻合题目要求，第18～21 题有多项吻合题目要求。
全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分。
有选错的得0 分）14．以下说法中正确的选项是()A．天然放射现象的发现，揭穿了原子核是由质子和中子组成的B．氢原子的能级理论是玻尔在卢瑟福核式结构模型的基础上提出来的C．汤姆孙经过对阴极射线的研究提出了原子核拥有复杂的结构D．卢瑟福的α粒子散射实验揭穿了原子只利处于一系列不连续的能量状态中15．角速度计是应用传感器来测量飞机、航天器、潜艇的转动角速度的装置，其结构如图所示．当系统绕轴OO′转动时，元件 A 发生位移并输出相应的电压信号，成为飞机、卫星等的制导系统的信息源．已知 A 的质量为m，弹簧的劲度系数为k、自然长度为l，电源的电动势为E、内阻不计．滑动变阻器总长也为l 且电阻分布( )均匀，系统静止时P 在B 点，当系统以角速度ω转动时，则A．电路中电流随角速度的增大而增大B．电路中电流不随角速度的变化而变化C．输出电压 U 随角速度的增大而减少D．弹簧的伸长量为x＝ mω l/(k－ mω2)16.如图是平行于地面放置的均匀带电无量长直导线周围的电场线，地面可视为无量大的导体平面， a .b .c .d 是电场中距导线等距的四个点 , 以下说法正确的选项是 ( )A. c 点的电场强度大于 a 点的电场强度B, b 点的电势小于 d 点的电势C, 若将试试电荷 +q 由 d 点静止释放 , 它将沿着电场线运动到地面D, 带正电的物块 ( 可视为质点 ) 在左侧地面上以初速度v 0向右运动 ,它将先做减速运动后做加速运动17.人们认为某些中子星（密度极大的恒星）每秒大体自转一周，那么为使其表面上的物体可以被吸住而不至于快速转动被“扔掉”，它的密度最少是（已知 G=6.67× 10 11 Nm 2 / kg 2）（）1014 kg / m31011 kg / m31011 kg / m31014 kg / m3 18.如图，在半径为R 的圆形地域内有垂直纸面向里的匀强磁场，a,b 两个带电粒子分别从A,B 两点以相同的水平速度v 射入磁场，经过一段时间后，它们都从 C 点射出磁场，不考虑两粒子间相互作用和粒子的重力，已知AOB30 0 , BOC 90 0）,则（A. a,b 两粒子均带正电B. a,b 两粒子质量必然相等C. a,b 两粒子的比荷必然相等D. a,b 两粒子在磁场中的运动时间必然相等19.以下列图，斜面体 B 静置于水平桌面上．一质量为m 的木块 A 从斜面底端开始以初速度v 0沿斜面上滑，尔后又返回出发点，此时速度为v，且 v＜ v 0．在木块运动的过程中斜面体向来保持静止．则以下说法中正确的选项是()A ． A 上滑过程中桌面对B 的支持力比下滑过程中大B． A 上滑过程中桌面对 B 的静摩擦力比下滑过程中大C．在 A 上滑与下滑的过程中， A 碰到合外力的冲量大小相等D．在 A 上滑与下滑的过程中， A 、B 系统损失的机械能相等20.甲、乙两船在同一河流中同时开始渡河，河水流速为v0。
江西省上高二中高二物理上学期第三次月考试题
物理试题一、选择题（4′×10，第1~6题为单选，7～10题多选）1. 在地球赤道附近某建筑上有一竖立的避雷针，当一团带正电的乌云经过其正上方时，避雷针发生放电，则此过程中地磁场对避雷针的作用力的方向是（）A．向东B．向南C．向西D．向北2. 如图所示，在磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中，水平放置一根长直通电导线，电流的方向垂直纸面向里，以直导线为中心的同一圆周上有a、b、c、d四个点，连线ac和bd是相互垂直的两条直径，且b、d在同一竖直线上，则（）A．c点的磁感应强度的值最小B．b点的磁感应强度的值最大C．b、d两点的磁感应强度相同D．a、b两点的磁感应强度相同3. 如图，蹄形磁铁用柔软的细线悬吊在天花板上，在磁铁两极的正下方固定着一根水平直导线。
当直导线通以向右的电流时（）A．磁铁仍静止不动B．磁铁在纸面内左右摆动C．磁铁的N极向纸内、S极向纸外转动D．磁铁的N极向纸外、S极向纸内转动4. 如图所示，两个小灯泡L1和L2串联接在PQ两点间，L1和L2的铭牌上分别标有“3V，1.5Ω”、“6V、12Ω”，则PQ间允许加的最大电压为（）A．9V B．6.75V C．5.25V D．4.5V5. 如图所示，一直流电动机与阻值R＝9 Ω的电阻串联在电源上，电源电动势E＝30 V，内阻r＝1 Ω，用理想电压表测出电动机两端电压U＝10 V，已知电动机线圈电阻R M＝1 Ω，则下列说法中正确的是（）A．通过电动机的电流为10 AB．通过电动机的电流小于10 AC．电动机的输出功率小于16 WD．电动机的输出功率为20 W6.模拟交通路口拍摄闯红灯的电路如图所示，当汽车通过路口时，S1闭合；当红灯亮起时，S2闭合。
若要在汽车违章时进行拍摄，且摄像仪需要一定的工作电压，能实现此功能的逻辑门电路是（）7. 如图为某同学设计的研究磁场对通电金属棒作用的实验装置。
当其接通电键时，有电流通过金属棒，观察到金属棒向左运动，则下列说法正确的是A. 此时通过金属棒的电流是由电源经b流向aB. 此时通过金属棒的电流是由电源经a流向bC. 若调换流经金属棒的电流方向，则金属棒仍向左运动D. 若同时调换U形磁铁的南北极和流经金属棒的电流方左右向，则金属棒仍向左运动8. 如图是倾角θ=30°的光滑绝缘斜面在纸面内的截面图。
江西省宜春市上高二中2015届高三物理上学期第三次月考试题(含解析)
物理试卷一、选择题：此题共8小题，每一小题6分，在每一小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．〔6分〕如图为两个质点A、B同时同地开始运动的v﹣t图象．由图可知〔〕A．在t1时刻两质点相距最远B．在t2时刻两个质点相遇C．在0﹣t1时间内质点B比质点A加速度大D．两物体出发后可以相遇两次考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．.专题：运动学中的图像专题．分析：由图象可以看出A物体做初速度为零的匀加速直线运动，B物体先做初速度为零的匀加速直线运动后做匀速直线运动，两个图象的交点明确该时刻速度相等，位移可以通过图线与时间轴包围的面积来求解．通过分析两个物体速度的大小，分析它们之间距离的变化．解答：解：A、B：在t2时刻之前，A的速度小于B的速度，B在A的前方，两者距离不断增大；在t2时刻之后，A的速度大于B的速度，B在A的前方，两者距离不断减小，所以在t2时刻，两者距离相距最远．故A、B错误．C、速度图线的斜率等于加速度，斜率越大，加速度越大，可知在0﹣t1时间内质点B比质点A加速度大，故C正确．D、两个质点在t2时刻之后位移相等时相遇一次，之后由于A的速度大于B的速度，不可能再相遇，故D错误．应当选：C．点评：在物理学中图象是描述物理规律的重要方法之一，图象的优点是不仅能够形象、直观地反映出物体的运动规律，图线的斜率，图线与时间轴所围的“面积〞等还有特殊的物理意义．2．〔6分〕某大型游乐场内的新型滑梯可以等效为如下列图的物理模型．一个小朋友在AB 段的动摩擦因数μ1＜tanθ，BC 段的动摩擦因数为μ2＞tan θ，他从A 点开始下滑，滑到C 点恰好静止，整个过程中滑梯保持静止状态．如此该小朋友从斜面顶端A 点滑到底端C 点的过程中〔 〕A ． 地面对滑梯的摩擦力方向先水平向左，后水平向右B ． 地面对滑梯始终无摩擦力作用C ． 地面对滑梯的支持力的大小始终等于小朋友和滑梯的总重力的大小D ． 地面对滑梯的支持力的大小先大于、后小于小朋友和滑梯的总重力的大小考点：摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．.专题：摩擦力专题．分析： 小朋友在AB 段做匀加速直线运动，加速度沿斜面向下；在BC 段做匀减速直线运动，加速度沿斜面向上．以小朋友和滑梯整体为研究对象，将小朋友的加速度分解为水平和竖直两个方向，由牛顿第二定律分析地面对滑梯的摩擦力方向和支持力的大小．解答： 解：AB 、小朋友在AB 段做匀加速直线运动，将小朋友的加速度a 1分解为水平和竖直两个方向，如图1．以小朋友和滑梯整体为研究对象，由于小朋友有水平向左的分加速度，根据牛顿第二定律得知，地面对滑梯的摩擦力方向先水平向左．同理可知，小朋友在BC 段做匀减速直线运动时，地面对滑梯的摩擦力方向水平向右．故A 正确，B 错误．CD、以小朋友和滑梯整体为研究对象，小朋友在AB段做匀加速直线运动时，有竖直向下的分加速度，如此由牛顿第二定律分析得知地面对滑梯的支持力F N小于小朋友和滑梯的总重力．同理，小朋友在BC段做匀减速直线运动时，地面对滑梯的支持力大于小朋友和滑梯的总重力．故CD错误．应当选：A．点此题对加速度不同的两个运用整体法处理，在中学阶段应用得不多，也可以采用隔离法研究．评：3．〔6分〕〔2013•黄山三模〕在圆轨道上运动的质量m为的人造地球卫星，它到地面的距离等于地球半径R，地面上的重力加速度为g，如此〔〕A．卫星运动的速度为B．卫星运动的周期2πC．卫星运动的加速度D．卫星的动能为考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律与其应用．.专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力等于重力，求出地球外表重力加速度与地球质量的关系．卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力充当向心力，列式卫星运动的速度、周期、加速度、动能与轨道半径的关系．解答：解：设地球的质量为M．在地球外表上，有 mg=G卫星在圆轨道上，有 G=m=m=ma联立上两式得：v=，T=4π，a=如此得卫星的动能为 E k==故ABC错误，D正确．应当选D点评：解决此题的关键掌握万有引力等于重力与万有引力等于向心力，知道重力加速度与距离中心天体球心距离的关系．4．〔6分〕如下列图，将质量为m的小球以速度v0由地面竖直向上抛出．小球落回地面时，其速度大小为v0设小球在运动过程中所受空气阻力的大小不变，如此空气阻力的大小等于〔〕A．mg B．mg C．mg D．mg考点：牛顿第二定律．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：因为物体是从地面出发又回到地面，故其所受的重力做功为零，故对物体做功的只有空气阻力，且由于空气阻力大小不变，且物体上和下过程该阻力都做负功，故由动能定理可以解得空气阻力大小．解答：解：重力对物体做的功为零，设空气阻力大小为f，对整个过程应用动能定理得：﹣2fh=mv2上升过程中物体加度为：a=由运动学公式得：带入数据解得：f=故D正确应当选D点评：此题要抓住物体在上下过程中，阻力是做功的，重力也做功，但是重力做功只和为零，故我们可以说重力不做功．然后对整体列动能定理，而不要把上下过程分开，那样很麻烦．5．〔6分〕汽车以额定功率在平直公路上匀速行驶，在t1时刻突然使汽车的功率减小一半，并保持该功率继续行驶，到t2时刻汽车又开始做匀速直线运动〔设汽车所受阻力不变〕，如此在t1～t2时间内〔〕A．汽车的加速度保持不变B．汽车的加速度逐渐减小C．汽车的速度先减小后增大D．汽车的速度先增大后减小考点：功率、平均功率和瞬时功率．.专题：功率的计算专题．分析：汽车匀速行驶时，牵引力等于阻力，当汽车的功率减小一半，根据P=Fv知，此时牵引力减小为原来的一半，汽车做减速运动，速度减小，如此牵引力增大，根据牛顿第二定律，知加速度减小，当牵引力增大到等于阻力时，又做匀速直线运动．解答：解：当汽车的功率突然减小一半，由于速度，来不与变化，根据P=Fv知，此时牵引力减小为原来的一半，如此F＜f．此时a=＜0，即加速度a与运动方向相反，汽车开始做减速运动，速度减小．速度减小又导致牵引力增大，根据牛顿第二定律，知加速度减小，当牵引力增大到等于阻力时，加速度减少到0，又做匀速直线运动．由此可知在t1～t2的这段时间内汽车的加速度逐渐减小，速度逐渐减小．故B正确，A、C、D错误．应当选B．点评：解决此题的关键：知道通过牛顿第二定律，根据合力的变化，判断加速度的变化；判断速度的变化根据加速度的方向和速度的方向关系，速度的方向与加速度方向一样，做加速运动，速度方向和加速度方向相反，做减速运动．6．〔6分〕〔2013•某某一模〕如下列图，一个外表光滑的斜面体M置于在水平地面上，它的两个斜面与水平面的夹角分别为α、β，且α＜β，M的顶端装有一定滑轮，一轻质细绳跨过定滑轮后连接A、B两个小滑块，细绳与各自的斜面平行，不计绳与滑轮间的摩擦，A、B恰好在同一高度处于静止状态．剪断细绳后，A、B滑至斜面底端，M始终保持静止．如此〔〕A．滑块A的质量大于滑块B的质量B．两滑块到达斜面底端时的速度一样C．两滑块到达斜面底端时，A滑块重力的瞬时功率较大D．在滑块A、B下滑的过程中，斜面体受到水平向左的摩擦力考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对两个滑块分别受力分析，然后根据平衡条件列方程判断；最后再对斜面体受力分析，判断静摩擦力的方向．解答：解：A、滑块A和滑块B沿着斜面方向的分力等大，故：m A gsinα=m B gsinβ；由于α＜β，故m A＞m B，故A正确；B、滑块下滑过程机械能守恒，有：mgh=，故v=，由于两个滑块的高度差相等，故落地速度相等，但方向不同，故B错误；C、滑块到达斜面底端时，滑块重力的瞬时功率：P A=m A gsinα•v，P B=m B gsinα•v；由于m A gsinα=m B gsinβ，故P A=P B，故C错误；D、滑块A对斜面体压力等于重力的垂直分力m A gcosα，滑块B对斜面体压力也等于重力的垂直分力m B gcosβ，如下列图N A sinα﹣N B sinβ=m A gcosαsinα﹣m B gcosβsinβ；由于m A gsinα=m B gsinβ；故N A sinα﹣N B sinβ=m A gcosαsinα﹣m B gcosβsinβ＞0，故静摩擦力向左，故D正确；应当选：AD．点评：此题关键隔离三个物体分别受力分析，根据平衡条件列方程判断；同时要结合机械能守恒定律判断．7．〔6分〕A、D分别是斜面的顶端、底端，B、C是斜面上的两个点，AB=BC=CD，E点在D点的正上方，与A等高．从E点以一定的水平速度抛出质量相等的两个小球，球1落在B点，球2落在C点，关于球1和球2从抛出到落在斜面上的运动过程〔〕A．球1和球2运动的时间之比为2：1B．球1和球2动能增加量之比为1：2C．球1和球2抛出时初速度之比为：1D．球1和球2运动时的加速度之比为1：2考点：平抛运动．.专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度确定运动的时间，通过水平位移求出初速度之比．根据动能定理求出动能的增加量之比．解答：解：A、因为AC=2AB，如此AC的高度差是AB高度差的2倍，根据得，t=，解得运动的时间比为1：．故A错误；B、根据动能定理得，mgh=△E k，知球1和球2动能增加量之比为1：2．故B正确；C、AC在水平方向上的位移是AB在水平方向位移的2倍，结合x=v0t，解得初速度之比为．故C正确；D、平抛运动的加速度为g，两球的加速度一样．故D错误．应当选：BC．点评：解决此题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式进展求解．8．〔6分〕〔2014•海南〕如图，质量一样的两物体a、b，用不可伸长的轻绳跨接在同一光滑的轻质定滑轮两侧，a在水平桌面的上方，b在水平粗糙桌面上．初始时用力压住b使a、b静止，撤去此压力后，a开始运动，在a下降的过程中，b始终未离开桌面．在此过程中〔〕A．a的动能小于b的动能B．两物体机械能的变化量相等C．a的重力势能的减小量等于两物体总动能的增加量D．绳的拉力对a所做的功与对b所做的功的代数和为零考点：功能关系．.分析：b的速度在绳子方向的分速度与a的速度相等，比拟出速度大小即可比拟动能的大小．解答：解：A、将b的实际速度进展分解如图：由图可知v a=v b cosθ，即a的速度小于b的速度，故a的动能小于b的动能，A正确；B、由于有摩擦力做功，故ab系统机械能不守恒，如此二者机械能的变化量不相等，B错误；C、a的重力势能的减小量等于两物体总动能的增加量与产生的内能之和，故a的重力势能的减小量大于两物体总动能的增加量，C错误；D、在这段时间t内，绳子对a的拉力和对b的拉力大小相等，绳子对a做的功等于﹣F T v a t，绳子对b的功等于拉力与拉力方向上b的位移的乘积，即：F T v b cosθt，又v a=v b cosθ，所以绳的拉力对a所做的功与对b所做的功的绝对值相等，二者代数和为零，故D正确．应当选：AD．点评：此题考查了有摩擦力作用下的系统功能转化关系，抑制摩擦力做功时，系统的机械能减少，减少的机械能转化为内能．二、必考题9．〔5分〕某探究学习小组的同学要验证“牛顿第二定律〞，他们在实验室组装了一套如下列图的装置，水平轨道上安装两个光电门，小车上固定有力传感器和挡光板，细线一端与力传感器连接另一端跨过定滑轮挂上砝码盘，实验时，调整轨道的倾角正好能平衡小车所受的摩擦力〔图中未画出〕．〔1〕该实验中小车所受的合力等于〔填“等于〞或“不等于〞〕力传感器的示数，该实验是否不需要〔填“需要〞或“不需要〞〕满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量？〔2〕实验获得以下测量数据：小车、传感器和挡光板的总质量M，挡光板的宽度l，光电门1和2的中心距离为s．某次实验过程：力传感器的读数为F，小车通过光电门1和2的挡光时间分别为t1、t2〔小车通过光电门2后，砝码盘才落地〕，重力加速度为g，如此该实验要验证的式子是．考点：验证牛顿第二运动定律．.专题：实验题．分析：①该实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，所以实验中小车所受的合力等于力传感器的示数，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量．②光电门测速度的原理是用平均速度来代替瞬时速度，根据功能关系可以求出需要验证的关系式．解答：解：〔1〕该实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，不是将砝码和砝码盘的重力作为小车的拉力，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量．故答案为：否．〔2〕由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度．滑块通过光电门1速度为：滑块通过光电门2速度为：根据功能关系需要验证的关系式为：即：故答案为：〔1〕等于，不需要；〔2〕点评：了解光电门测量瞬时速度的原理，实验中我们要清楚研究对象和研究过程，对于系统我们要考虑全面，同时明确实验原理是解答实验问题的前提．10．〔10分〕利用如图1实验装置探究重物下落过程中动能与重力势能的转化问题．〔1〕实验操作步骤如下，请将步骤B补充完整：A．按实验要求安装好实验装置；B．使重物靠近打点计时器，接着先接通电源，后放开纸带，打点计时器在纸带上打下一系列的点；C．图2为一条符合实验要求的纸带，O点为打点计时器打下的第一点．分别测出假设干连续点A、B、C…与O点之间的距离h1、h2、h3…．〔2〕打点计时器的打点周期为T，重物质量为m，重力加速度为g，结合实验中所测得的h1、h2、h3，可得重物下落到B点时的速度大小为，纸带从O点下落到B点的过程中，重物增加的动能为，减少的重力势能为mgh2．〔3〕取打下O点时重物的重力势能为零，计算出该重物下落不同高度h时所对应的动能E k和重力势能E p，建立坐标系，横轴表示h，纵轴表示E k和E p，根据以上数据在图3中绘出图线Ⅰ和图线Ⅱ．已求得图线Ⅰ斜率的绝对值为k1，图线Ⅱ的斜率的绝对值为k2．如此可求出重物和纸带下落过程中所受平均阻力与重物所受重力的比值为〔用k1和k2表示〕．考点：验证机械能守恒定律．.专题：实验题．分析：〔1〕实验时为了提高纸带的利用率，应先接通电源后释放纸带；〔2〕根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，从而得出动能的增加量，根据下降的高度求出重力势能的减小量．〔3〕假设机械能守恒，因为初位置的机械能为零，如此每个位置动能和重力势能的绝对值应该相等，图线不重合的原因是重物和纸带下落过程中需抑制阻力做功．根据动能定理，结合图线的斜率求出阻力与重物重力的比值．解答：解：〔1〕如果先释放纸带后接通电源，有可能会出现小车已经拖动纸带运动一段距离，电源才被接通，那么纸带上只有很小的一段能打上点，大局部纸带没有打上点，纸带的利用率太低；所以应当先接通电源，后让纸带运动．〔2〕B点的瞬时速度v B=，如此重物动能的增加量△E k=mv B2=，重力势能的减小量为△E p=mgh2．〔3〕取打下O点时重物的重力势能为零，因为初位置的动能为零，如此机械能为零，每个位置对应的重力势能和动能互为相反数，即重力势能的绝对值与动能相等，而图线的斜率不同，原因是重物和纸带下落过程中需要抑制阻力做功．根据图中的数据可以计算计算图线Ⅱ的斜率k2=2.80 J/m．根据动能定理得，mgh﹣fh=mv2，如此mg﹣f=，图线斜率k1==mg，图线斜率k2=，知k1﹣f=k2，如此阻力f=k1﹣k2．所以重物和纸带下落过程中所受平均阻力与重物所受重力的比值为．故答案为：〔1〕接通电源放开纸带；〔2〕，，mgh2；〔3〕．点评：解决此题的关键知道实验的原理，验证重力势能的减小量与动能的增加量是否相等．以与知道通过求某段时间内的平均速度表示瞬时速度．11．〔14分〕如下列图，底座A上装有L=0.5m长的直立杆，底座和杆的总质量为M=1.0kg，底座高度不计，杆上套有质量为m=0.2kg的小环B，小环与杆之间有大小恒定的摩擦力．当小环从底座上以v0=4.0m/s的初速度向上飞起时，恰好能到达杆顶，然后沿杆下降，取g=10m/s2，求：①在环飞起过程中，底座对水平面的压力；②此环下降过程需要多长时间．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与位移的关系．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：①小环在下落过程中，受到重力和向上的滑动摩擦力，底座受到重力、小环向下的摩擦力和地面的支持力，由平衡条件求地面对底座的支持力，即可由牛顿第三定律求得底座对地面的压力．②先根据牛顿第二定律求解加速度，再根据运动学公式求解时间．解答：解：①对环进展受力分析，环受重力与杆给环向下的摩擦力，上升阶段加速度大小为a1．由牛顿第二定律，得：mg+F f=ma1由运动学公式：解得：a1=16.0m/s2F f=1.2N对底座进展受力分析，由平衡条件得：Mg=F N+F f′解得：F N=8.8N又由牛顿第三定律知，底座对水平面压力为8.8N；②对环受力分析，设环下降过程的时间是t，下降阶段加速度为a2，如此有：mg﹣F''f=ma2联立并代入数据解得：a=4.0m/s2t=0.5s答：①在环飞起过程中，底座对水平面的压力为8.8N；②此环下降过程需要多长时间为0.5s．点评：此题中底座与小环的加速度不同，采用隔离法研究，抓住加速度是关键，由牛顿运动定律和运动学公式结合进展研究．12．〔18分〕〔2014•云南二模〕如下列图，物块Α、Β用一劲度系数为k=200N/m的轻弹簧相连静止于水平地面上，Α物体质量m A=2Kg，Β物体质量m B=4Kg．现用一恒力F=30N竖直向上拉物体A，使Α从静止开始运动，当Α运动到最高点时Β刚好要离开地面但不能继续上升．假设弹簧始终处于弹性限度内，取g=10m/s2，求：〔1〕Β刚要离开地面时，拉力F做的功：〔2〕Β刚耍离开地面时Α的加速度大小；〔3〕从Α开始运动到Α到达最高点的过程中弹簧弹力对Α做的功．考点：功的计算；胡克定律；牛顿第二定律．.专题：功的计算专题．分析：〔1〕设当B刚要离开地面时，弹簧伸长量为X2，此时物体A的加速度为a，B的加速度为0，由胡克定律和牛顿第二定律列式即可求解；〔2〕由胡克定律有求出未用力F拉动时弹簧的压缩量X1，如此物块A的总位移d=X1+X2，在用恒力F拉物体A到B刚离开地面的过程中，由功的公式即可求解．〔3〕应用动能定理求弹力的功．解答：解：〔1〕未施加拉力时弹簧的缩短量为x1kx1=m A gB刚要离地是弹簧伸长量为x2kx2=m B g拉力做功：W1=F〔x1+x2〕=9J〔2〕B刚要离地时，对A：F﹣m A g﹣kx2=m A a A解得：〔3〕对A有动能定理得：W1+W弹﹣m A g〔x1+x2〕=0解得W弹=﹣3J答：〔1〕Β刚要离开地面时，拉力F做的功9J〔2〕Β刚耍离开地面时Α的加速度大小；〔3〕从Α开始运动到Α到达最高点的过程中弹簧弹力对Α做的功﹣3J．点评：此题主要考查了胡克定律、牛顿第二定律、动能定理的直接应用，要求同学们能正确分析物体的运动情况，能求出物块A的总位移，难度适中．三、选修题13．〔6分〕2008年9月25日至28日我国成功实施了“神舟〞七号载入航天飞行并实现了航天员首次出舱．飞船先沿椭圆轨道飞行，后在远地点343千米处点火加速，由椭圆轨道变成高度为343千米的圆轨道，在此圆轨道上飞船运行周期约为90分钟．如下判断正确的答案是〔〕A．飞船变轨前后的机械能相等B．飞船在圆轨道上时航天员出舱前后都处于失重状态C．飞船在此圆轨道上运动的角度速度大于同步卫星运动的角速度D．飞船变轨前通过椭圆轨道远地点时的加速度大于变轨后沿圆轨道运动的加速度E．飞船变轨前通过椭圆轨道远地点时的加速度大小等于变轨后沿圆轨道运动的加速度大小考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．.专题：人造卫星问题．分析：知道机械能包括动能和势能，点火加速动能增加．判断物体出于超重和失重的方法是看物体加速度的方向．根据同步卫星和圆轨道上运动飞船周期的关系结合周期与角速度的关系去求出同步卫星和圆轨道上运动飞船角速度的关系．根据加速度是物体合力所决定的来求出两者加速度关系．解答：解：A、飞船点火变轨，点火以后的质量可以认为几乎不变．或者说，损失的气体质量与飞船相比拟太小了．不于考虑．变轨后．可以认为势能不变〔在变轨点〕，增加的是动能，所以变轨后机械能增加，故A错误．B、飞船在圆轨道上时万有引力来提供向心力，航天员出舱前后都处于失重状态，故B正确．C、飞船在此圆轨道上运动的周期90分钟小于同步卫星运动的周期24小时，根据可知，飞船在此圆轨道上运动的角度速度大于同步卫星运动的角速度，故C正确．DE、飞船变轨前通过椭圆轨道远地点时只有万有引力来提供加速度，变轨后沿圆轨道运动也是只有万有引力来提供加速度，而两个位置的轨道半径相等，所以飞船变轨前通过椭圆轨道远地点时万有引力与沿圆轨道运动时万有引力相等，即加速度相等，故D错误、E正确．应当选：BCE．点评：假设物体除了重力、弹性力做功以外，还有其他力〔非重力、弹性力〕不做功，且其他力做功之和不为零，如此机械能不守恒．14．〔9分〕如下列图，半径分别为R和r的甲、乙两个光滑的圆形轨道安置在同一竖直平面上，轨道之间有一条水平轨道CD相通，一小球以一定的速度先滑上甲轨道，通过动摩擦因数为μ的CD段，又滑上乙轨道，最后离开两圆轨道，假设小球在两圆轨道的最高点对轨道的压力都恰好为零，试求CD段的长度．考点：动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力；机械能守恒定律．.专题：动能定理的应用专题．分析：小球在两圆轨道的最高点对轨道的压力恰好为零，都由重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出小球经过圆形轨道最高点时的速率．当小球从C到达甲圆形轨道的最高点的过程中，只有重力做功，根据机械能守恒定律求解小球经过C点时的速率．根据动能定理求解CD的长度．解答：解：设小球通过C点时的速度为v C，通过甲轨道最高点的速度为v1，根据小球对轨道压力为零有…①取轨道最低点所在水平面为参考平面，由机械能守恒定律有…②联立①②式，可得同理可得小球通过D点时的速度，设CD段的长度为l，对小球通过CD 段的过程，由动能定理有解得：答：CD段的长度是．点评：此题是向心力、机械能守恒定律、动能定理的综合应用．在竖直平面内，小球沿光滑圆轨道的运动模型与轻绳拴的球的运动模型相似．。
江西省宜春市上高二中最新高三物理上学期第三次月考试题含解析
此时物体 P 的上表面水平。若将 K 往右缓慢移动一小段距离后固定,整个装置在新的位置仍保持静止,与原
来的相比( )
A。 板对Ｐ的作用力不变 B. P 对板的压力变小 C. Ｐ对Ｑ的支持力减小 D。 水平地面受到的弹力变小 【答案】AC 【解析】
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【详解】
AB．设板与水平地面的夹角为 α，以 PQ 整体为研究对象，分析受力情况如图１:总重力 GPQ 、板的支持 力 N1 和摩擦力 f1 ,板对 P 的作用力是支持力 N1 和摩擦力 f1 的合力．由平衡条件分析可以知道板对 P 的作
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江西省宜春市上高二中 2021 届高三物理上学期第三次月考试题(含解析） 一、 选择题(１-7 为单选题，8－１2 为多选，每题 4 分,共 4８分）
1．如图所示,质量 m＝0。５ｋg 的木块放在倾角 =30°的斜面上，受平行于斜面的两个拉力 F1 和Ｆ2 作
用处于静止状态，其中 F１=10N，F2＝2N．若撤去 F1,则木块沿斜面方向受到的合力大小为
1；第二次在水平恒力Ｆ2 作用下,从Ｐ点开始运动并恰好能到达Ｑ点,在 Q 点时轻绳中的张力大小为Ｔ2.关
于这两个过程,下列说法中正确的是（不计空气阻力，重力加速度为ｇ)（ ）
A. 两个过程中，轻绳的张力均变大
B． T1
mg cos
, T2
mg sin
C． 第一个过程中，拉力 F１在逐渐变大，且最大值一定大于 F2
C。第一阶段： 即:
v at
v2 a2t2
所以 v2 与 t2 呈线性关系，故 C 项错误.
D.第二阶段 a 0 ，故 D 错误．
7。如图所示,一质量为 m 的小球,用长为 l 的轻绳悬挂于Ｏ点,初始时刻小球静止于Ｐ点．第一次竖直方向夹角为 ( 〈90ｏ），张力大小为Ｔ
江西省上高二中高二物理上学期第三次月考试题新人教版
一、选择题（10×4=40分，第1-7小题为单选，第8-10小题为多选）1．有一粗细均匀的导线，电阻为４欧姆，现将它的长度拉伸到原来的４倍（仍粗细均匀），拉长后其电阻为（）A．1 ΩB．1/4 ΩC．16 ΩD．64 Ω2．如图所示的实验装置中，极板A接地，已充电的平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接。
将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U的变化情况是( ) A．Q变小，C不变，U不变B．Q变小，C变小，U不变C．Q不变，C变小，U变小D．Q不变，C变小，U变大3．如图所示的直线是点电荷电场中一条电场线，A、B是这条电场线上的两点，已知一个电子只在电场力作用下运动，经过A点时速度为v A，方向指向B，过一段时间后该电子经过B点速度为v B，且指向A，由此可知（）A．A点的电势低于B点的电势B．电子在A点的加速度大于在B点的加速度C．电子在A点的动能大于在B点时的动能D．电子在A点的电势能大于在B点的电势能4．如图所示，虚线a、b、c为三个同心圆面，圆心处有一个点电荷．现从b、c之间一点P以相同的速率发射两个带电粒子，分别沿PM、PN运动到M、N点，M、N两点都处于圆周c上，以下判断正确的是( )A．到达M、N时两粒子速率仍相等B．到达M、N时两粒子速率v M>v NC．到达M、N时两粒子的电势能相等D．两个粒子的电势能都是先减小后增大5．电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，下列说法正确的是（）A.电压表和电流表读数都增大B.电压表和电流表读数都减小C.电压表读数增大，电流表读数减小D.电压表读数减小，电流表读数增大6．如右图所示，在水平直导线正下方，放一个可以自由转动的小磁针. 现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的形响，则（）A．小磁针保持不动B．小磁针的N将向下转动C．小磁针的N极将垂直于纸面向里转动D．小磁针的N极将垂直于纸面向外转动7．理论研究表明，无限大的均匀带电平面在周围空间会形成与平面垂直的匀强电场。
江西省上高县高三上学期第三次月考物理试题Word版含答案
江西省上高县高三上学期第三次月考物理试题Word版含答案一、选择题（1-6题为单选，7-12为多选，每小题4分，共48分）1.伽利略是第一个提出并研究加速度概念的科学家，哲学家罗素给予了极高的评价：“加速度的基本重要性，也许是伽利略所有发现中最具有永久价值和最有效果的一个发现。
”下列关于加速度的说法正确的是（）C.速度为零，加速度可能不为零 D .速度变化率很大，加速度可A .加速度恒定的运动，速度大小恒定B .加速度恒定的运动，速度的方向恒定不变能很小2•如图所示，在粗糙水平地面上放一质量为沿斜面匀速下滑，此过程中斜面保持静止，则（A .地面对斜面有水平向右的摩擦力M的斜面，质量为）m的木块B .地面对斜面有水平向左的摩擦力C.地面对斜面的支持力等于（M+m ）gD .地面对斜面的支持力小于（M+m ）g3•如图所示，P是位于水平粗糙桌面上的物块，用跨过光滑轻质定滑轮的轻绳将P与钩码Q相连，Q的质量为m,在P向右加速度运动的过程中，桌面以上的绳子始终是水平的。
关于物体P受到的拉力和摩擦力，下列说法中正确的是（）A . P受到的拉力的施力物体是钩体Q,大小等于mg.B. P受到的拉力的施力物体是绳子，大小等于mg.C. P受到的摩擦力方向水平向左，大小一定小于mg.D. P受到的摩擦力方向水平向左，大小有可能等于mg.4•如图所示，从倾角为B的足够长的斜面顶端P以速度V。
抛出一个小球,落在斜面上某处Q点，小球落在斜面上的速度与斜面的夹角a, 度变为2V o,小球仍落在斜面上，则以下说法正确的是（A .夹角a将变大B .夹角a与初速度大小无关若把初速）C.小球在空中的运动时间不变D. PQ间距是原来间距的3倍5.如图所示的曲线是某个质点在恒力作用下的一段运动轨迹。
质点从M点出发经P点到达N点，已知弧长MP大于弧长PN,质点由M点运动到P点从P点运动到N点的时间相等。
下列说法中正确的是（）A .质点从M到N过程中速度大小保持不变B .质点在这两段时间内的速度变化量大小相等，方向相同C.质点在这两段时间内的速度变化量大小不相等，但方向相同D .质点在MN间的运动不是匀变速运动6•如图所示，细线的一端固定于 0点，另一端系一小球，在水平拉力 作用下，小球以恒定速率在竖直平面内由 A 点运动到B 点的过程中( A •小球的机械能保持不变 B .小球受的合力对小球不做功 C .水平拉力F 的瞬间功率逐渐减小 D .小球克服重力做功的瞬时功率逐渐增大7•如图所示，质量为 m 的小球，从离地面H 高处从静止开始释放， 落到地面后继续陷入泥 中h 深度而停止，设小球受到空气阻力为 f ,重力加速度为g ,则下列A .小球落地时动能等于 mgHB .小球陷入泥中的过程中克服泥的阻力所做的功小于刚落到地面时的动能C .整个过程中小球克服阻力做的功等于 mg(H+h)HD .小球在泥土中受到的平均阻力为mg(1 ) h&中国首台探月车“玉兔号”的成功探月，激发起无数中国人对月球的热爱，根据报道:A .绕月球地面飞行的卫星与绕地球表面飞行的卫星的周期之比为 3: 2B .绕月球地面飞行的卫星与绕地球表面飞行的卫星的向心加速度之比为 1: 6C .月球与地球的质量之比为 1 : 96D .月球与地球的密度之经为 2 : 39.地球赤道上的重力加速度为g ，物体在赤道上随地球自转的向心加速度为a ，卫星甲、乙、丙在如图所示的三个椭圆轨道上绕地球运行，卫星甲和乙的的物体将会“飘”起来B .卫星甲、乙分别经过 P 点时的速度相等C .卫星丙的周期最大D .三个卫星在远地点的速度一定小于第一宇宙速度10.如图所示，半径为 r 的光滑水平转盘到水平地面的高度为H ，质量为m 的小物块被一个电子锁定装置锁定在转盘边缘，转盘绕过转盘中心的竖直轴以3 =kt(k >0且是恒量)的角速度转动。
高二物理月考试题及答案-江西宜春市上高二中-2015学年高二上学期第三次月考
2014-2015学年江西省宜春市上高二中高二（上）第三次月考物理试卷一、选择题（共10小题，每小题4分，满分40分.第1-6题为单选，7-10题为多选）1．（4分）（2013•安徽校级二模）在地球赤道附近某建筑上有一竖立的避雷针，当一团带正电的乌云经过其正上方时，避雷针发生放电，则此过程中地磁场对避雷针的作用力的方向是（）A．向东B．向南C．向西D．向北考点：安培力．分析：左手定则的内容是：伸开左手，使大拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向．解答：解：当带有正电的乌云经过避雷针上方时，避雷针开始放电形成瞬间电流，电流方向从上而下通过避雷针，磁场的方向从南向北，根据左手定则，安培力的方向向东．故选：A．点评：解决本题的关键掌握左手定则判断安培力的方向，同时要熟悉地磁场的分布情况．2．（4分）（2013秋•泉州期末）如图所示，在磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中，水平放置一根长直通电导线，电流的方向垂直纸面向里，以直导线为中心的同一圆周上有a、b、c、d四个点，连线ac和bd是相互垂直的两条直径，且b、d在同一竖直线上，则（）A．c点的磁感应强度的值最小B．b点的磁感应强度的值最大C．b、d两点的磁感应强度相同D．a、b两点的磁感应强度相同考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：该题考察了磁场的叠加问题．用右手定则首先确定通电直导线在abcd四点产生的磁场的方向，利用矢量的叠加分析叠加后磁场大小变化和方向，从而判断各选项．解答：解：用右手螺旋定则判断通电直导线在abcd四个点上所产生的磁场方向，如图所示：A、c点电流产生的磁感应强度和原磁感应强度方向相反，叠加变小，故A正确．B、b点有向上的磁场，还有电流产生的水平向左的磁场，磁感应强度叠加变大，方向向左上，故B错误．C、D、d点有向上的磁场，还有电流产生的水平向右的磁场，叠加后磁感应强度的方向向右上．d点与b点叠加后的磁场大小相等，但是方向不同，而a点有向上的磁场，还有电流产生的向上的磁场，电流产生的磁感应强度和原磁感应强度方向相同，叠加变大．故CD错误，故选：A．点评：考查磁感应强度既有大小，又有方向，是矢量．它的合成遵循矢量合成的平行四边形法则．3．（4分）（2014秋•上高县校级月考）如图，蹄形磁铁用柔软的细线悬吊在天花板上，在磁铁两极的正下方固定着一根水平直导线．当直导线通以向右的电流时（）A．磁铁仍静止不动B．磁铁在纸面内左右摆动C．磁铁的N极向纸内、S极向纸外转动D．磁铁的N极向纸外、S极向纸内转动考点：安培力．分析：假设磁体不动，导线运动，则可以利用微元法，在导线两侧取两段，根据左手定则判断出安培力的方向，当转过90度时，再根据左手定则判断出安培力的方向，从而确定导线的运动情况．从而根据相对运动来确定磁体运动情况．解答：解：假设磁体不动，导线运动，则有：根据右手螺旋定则可知，通电导线左边的磁场斜向下，而右边的磁场是斜向上，那么在导线两侧取两小段，根据左手定则可知，左边一小段所受的安培力方向垂直纸面向里，右侧一小段所受安培力的方向垂直纸面向外，从上往下看，知导线顺时针转动，当转动90度时，导线所受的安培力方向向上，所以导线的运动情况为，顺时针转动，同时上升．如今导线不动，磁体运动，根据相对运动，则有磁体逆时针转动（从上向下看），即N 极向纸外转动，S级向纸内转动．故D正确；故选：D．点评：解决本题的关键掌握左手定则判断安培力的方向，以及掌握微元法、特殊位置法的运用，同时巧用相对运动4．（4分）（2014春•鹰潭期末）如图所示，两个小灯泡L1和L2串联接在PQ两点间，L1和L2的铭牌上分别标有“3V，1.5Ω”、“6V、12Ω”，则PQ间允许加的最大电压为（）A．9V B．6.75V C．5.25V D．4.5V考点：串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：把两个灯泡串联起来，电路中最大的电流只能取两个额定电流最小的一个计算．然后根据电阻的串联和欧姆定律求出PQ两端允许加的最大电压．解答：解：根据欧姆定律得两灯泡的额定电流分别为：I1==A=2A，I2==A=0.5A，由于串联电路中各处的电流相等，两电阻串联时，电路中的最大电流为：I=I2=0.5A，因为串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以路两端允许加的最大电压为：U串=I（R1+R2）=0.5×（1.5+12）V=6.75V；故选：B点评：本题关键是欧姆定律及其变形的灵活运用，难点是对于额定电压和额定电流不同的两个电阻来说，串联时比较额定电流取小的，这也是本题的重点．5．（4分）（2014秋•上高县校级月考）如图所示，一直流电动机与阻值R=9Ω的电阻串联在电源上，电源电动势E=30V，内阻r=1Ω，用理想电压表测出电动机两端电压U=10V，已知电动机线圈电阻R M=1Ω，则下列说法中正确的是（）A．通过电动机的电流为10A B．通过电动机的电流小于10AC．电动机的输出功率小于16W D．电动机的输出功率为20W考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电动机正常工作时的电路是非纯电阻电路，欧姆定律U＞IR．对于R和r是纯电阻，可以用欧姆定律求电流．根据功率关系求出电动机输出的功率．解答：解：A、B、根据欧姆定律得回路中的电流为：I===2A，故A错误，B正确；C、D、电动机发热消耗的功率为：P消=I2R M=22×1=4W；电动机的输入功率为：P入=UI=10×2=20W；P出=UI﹣I2R M=（10×2﹣22×1）W=16W；故C错误，D错误；故选：B．点评：对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路．电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路．6．（4分）（2014•徐汇区二模）模拟交通路口拍摄闯红灯的电路如图所示，当汽车通过路口时，S1闭合；当红灯亮起时，S2闭合．若要在汽车违章时进行拍摄，且摄像仪需要一定的工作电压，能实现此功能的逻辑门电路是（）A．B．C．D．考点：简单的逻辑电路．专题：恒定电流专题．分析：由题意可知摄像仪应在汽车通过和红灯亮起时两个条件同时满足时才能工作，则由门电路的性质可得出正确的电路结构．解答：解：两开关均合时，输出为低电平，要使摄像机工作，应加一非门；因只有两电平均为非门时，才能使摄像机工作，故经过第一个门电路时，只能输出低电平才能工作；故应接一或门电路；故选：C．点评：本题要求我们能正确理解三种常见门电路的性质，并能由生活中的实际得出符合条件的电路结构．7．（4分）（2014秋•上高县校级月考）如图为某同学设计的研究磁场对通电金属棒作用的实验装置．当其接通电键时，有电流通过金属棒，观察到金属棒向左运动，则下列说法正确的是（）A．此时通过金属棒的电流是由电源经b流向aB．此时通过金属棒的电流是由电源经a流向bC．若调换流经金属棒的电流方向，则金属棒仍向左运动D．若同时调换U形磁铁的南北极和流经金属棒的电流方向，则金属棒仍向左运动考点：安培力．分析：首先据题境判断磁场的方向，再据金属棒的运动情况判断电流的方向；据左手定则判断其它选项即可．解答：解：A、由于金属棒向左运动，据左手定则可知，电流的方向a到b，故A错误B正确；C、若调换流经金属棒的电流方向，据左手定则可知金属棒受向右的安培力，所以金属棒向右运动，故C错误；D、若同时调换U形磁铁的南北极和流经金属棒的电流方向，据左手定则可知金属棒受向左的安培力，所以金属棒仍向左运动，故D正确．故选：BD．点评：灵活应用左手定则是解题的关键，注意磁场方向、电流方向和安培力的方向三者只记的关系，题目较简单．8．（4分）（2014秋•上高县校级月考）如图是倾角θ=30°的光滑绝缘斜面在纸面内的截面图．一长为L质量为m的导体棒垂直纸面放在斜面上，现给导体棒通入电流强度为I，并在垂直于导体棒的平面内加匀强磁场，要使导体棒静止在斜面上，已知当地重力加速度为g，则下说法正确的是（）A．所加磁场方向与x轴正方向的夹角α的范围应为90°≤α＜240°B．所加磁场方向与x轴正方向的夹角α的范围应为0°≤α＜150°C．所加磁场的磁感应强度的最小值为D．所加磁场的磁感应强度的最小值为考点：安培力．分析：根据共点力平衡得出安培力方向的范围，从而得出磁场方向的范围，根据平行四边形定则求出安培力的最小值，结合安培力公式得出磁感应强度的最小值．解答：解：A、根据共点力平衡知，安培力的方向在垂直斜面向下与竖直向上这两个方向之间，根据左手定则知，所加磁场方向与x轴正方向的夹角θ的范围应为0°≤θ＜150°．故A错误，B正确．C、当安培力的方向与支持力方向垂直时，安培力最小，根据平行四边形定则有：F A=mgsin30°=BIL，则磁感应强度的最小值B=．故C错误，D正确．故选：BD．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，求解最小值问题，往往通过三角形法分析判断．9．（4分）（2014秋•信阳期末）热敏电阻是传感电路中常用的电子元件，其电阻R t随温度t 变化的图线如图甲所示．如图乙所示电路中，热敏电阻R t与其他电阻构成的闭合电路中，水平放置的平行金属板中带电质点P处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当R t所在处温度升高时，则（）A．电压表读数减小B．电流表读数减小C．质点P将向上运动D．R3上消耗的功率减小考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：对电路进行分析，当R t所在处温度升高时，导致电路中总电阻的变化，由闭合欧姆定律可求得电路中电流及路端电压的变化；再对并联部分分析可知电容器两端的电压变化，则可知P的受力变化，则可知质点的运动情况．根据并联部分电压的变化，分析R3功率的变化．解答：解：A、B、由图可知，当R t所在处温度升高时，电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；因并联部分电压减小，由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大，而R2中电压增大，故电压表示数减小；故A正确，B错误；C、因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，电荷向下运动；故C错误；D、因R3两端的电压减小，由公式P=可知，R3上消耗的功率减小，故D正确；故选：AD．点评：本题考查闭合电路的欧姆定律，一般可以先将分析电路结构，电容器看作开路；再按部分﹣整体﹣部分的分析思路进行分析．10．（4分）（2014秋•上高县校级月考）如图所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法中正确的是（）A．在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1：2B．在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1：2C．电源1与电源2的电动势之比是1：1D．电源1与电源2的内阻之比是11：7考点：电功、电功率；路端电压与负载的关系．专题：恒定电流专题．分析：根据电源的外特性曲线U﹣I图线，可求出电动势和内阻；根据灯泡伏安特性曲线与电源外特性曲线交点确定灯泡与电源连接时工作电压与电流，即可求出功率与灯泡电阻．解答：解：A、B、灯泡伏安特性曲线与电源外特性曲线的交点即为灯泡与电源连接时的工作状态则连接电源Ⅰ时，U1=3v，I1=5A，故P1=U1I1=15W，R1==Ω连接电源Ⅱ时，U2=5V，I2=6A，故P2=U2I2=30W，R2==Ω故P1：P2=1：2，R1：R2=18：25，故A正确，B错误．C、U﹣I图象的纵轴截距表示电动势，故E1=E2=10V，故C正确．D、U﹣I图象的斜率的绝对值表示内电阻，根据电源U﹣I图线，r1=Ω，r2=Ω，则r1：r2=11：7，故D正确．故选：ACD．点评：本题关键在于对电源外特性曲线、灯泡伏安特性曲线的理解，明确交点的含义．二、实验题（每空2分，共22分）11．（6分）（2014秋•上高县校级月考）某同学用多用电表的“×1K”电阻档测量电阻R x，指针读数如图1，现为了较准确测定其阻值，备有下列器材：A．电流表（量程100μA，内阻约为2kΩ）；B．电流表（量程500μA，内阻约为300Ω）；C．电压表（量程15V，内阻约为100kΩ）；D．电压表（量程50V，内阻约为500kΩ）；E．直流电源（20V，允许最大电流1A）；F．滑动变阻器（最大阻值1kΩ，额定功率1W）；G．电键和导线若干．（1）电流表应选 B ，电压表应选 C（2）设计出该实验的电路图2，画在方框中．考点：伏安法测电阻．专题：实验题．分析：根据电源电动势大小选择电压表，估测电路中电流选择电流表量程．解答：解：（1）被测电阻大约30000Ω，则电流大约为I=≈700μA，故电流量程选B；电源电动势为20V，若选50V量程，则最大偏转不足电压表量程的一半，读数误差太大，故电压表选15V量程，C；（2）由于被测阻值较大，故采用内接的方法；滑动变阻器应采用分压式接法．路图如图，故答案为：（1）B； C；（2）如图．点评：伏安法测电阻时一定要注意滑动变阻器和电流表的接法，当Rx＜时采用电流表外接．12．（8分）（2015•硚口区校级模拟）在“描绘小电珠的伏安特性曲线”的实验中，采用如图甲所示的电路可以方便地调节灯泡两端的电压值，已知两个滑动变阻器的最大阻值分别为R1、R2，且R1=10R2．（1）请根据图甲所示的实物图在图乙的方框中画出相应的电路图；（2）在实验中，为了使小电珠的电压在开始时有最小值，在闭合开关前，两个滑动变阻器的滑片P1和P2应分别放在各自的 b 端（选填“a”或“b”）和 c 端（选填“c”或“d”）；（3）采用这个电路能够达到精细调节小电珠两端电压的目的，其中变阻器（选填“R1”“R2”或）用于精细调节．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：本题（1）的关键是看清两变阻器的连接情况；题（2）的关键是明确实验前应使变阻器滑片置于输出电压最小的位置；题（3）的关键是根据电阻定律可知电阻与长度成正比，对阻值大的变阻器，要改变一定的电压时，滑片需要移动较大的距离．解答：解：（1）：电路图如图所示：（2）：闭合开关前，应使滑片置于输出电压最小的位置，所以应置于b端，应置于c端；（3）：根据电阻定律可知，变阻器阻值越大时，要改变一定的电压滑片需要滑动较远的距离，所以变阻器用于精细调节．故答案为：（1）如图（2）b，c（3）点评：当两变阻器串联成分压式接法时，阻值小的变阻器用做粗调，阻值大的变阻器用做细调．13．（8分）（2014秋•上高县校级月考）某同学在做“用电流表和电压表测电源的电动势和内阻”的实验中，串联了一只R0=1.5Ω的保护电阻，实验电路如图1所示．则（1）用完好的导线连好电路后，该同学闭合电键S，发现电流表示数为零，电压表示数不为零，检查各接线柱均未接错，且接触良好．他用多用电表的电压挡检查电路，把两表笔分别接a、b，b、c，d、e时，示数均为零，把两表笔接c、d时，示数与电压表示数相同，由此可以推断故障原因是R断路．（2）排除障后，该同学顺利完成实验，测得下列数据，请在坐标系（图2）中画出U﹣I图象；I/A 0.10 0.17 0.23 0.30 0.40U/V 1.20 1.00 0.80 0.60 0.55（3）由U﹣I图象求出实验中电池的电动势E= 1.5 V，内阻r= 1.3 Ω．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：（1）通过排除法，从断路和短路的角度推断故障．（2）运用描点法画出U﹣I图象．（3）U﹣I图线的纵轴截距表示电源的电动势，图线斜率的绝对值表示内阻．解答：解：（1）发现电流表示数为0，电压表示数不为0，电流表或R处断路，用多用电表的电压档检查电路，把两表笔分别接a、b，b、c，d、e时，示数均为0，把两表笔接c、d时，示数与电压表示数相同，知R断路．（2）由描点法得出U﹣I图象如图所示．（3）U﹣I图线是一条倾斜的直线，描点作图如下图．纵轴截距为1.5所以电动势E=1.50V．图线的斜率k===2.8Ω，则内阻r=2.8﹣1.5Ω=1.3Ω．故答案为：（1）R断路（2）如图（3）1.5，1.3点评：解决本题的关键会从U﹣I图线获取电源的电动势和内阻，注意将保护电阻等效到电源的内部，最终电源的内阻等于图线的斜率绝对值减去保护电阻的阻值．以及会分析误差的来源．三、计算题14．（8分）（2013秋•黑龙江期末）长L=60cm质量为m=6.0×10﹣2kg，粗细均匀的金属棒，两端用完全相同的弹簧挂起，放在磁感强度为B=0.4T，方向垂直纸面向里的匀强磁场中，如图所示，若不计弹簧重力，问：（1）要使弹簧不伸长，金属棒中电流的大小和方向如何？（2）如在金属中通入自左向右、大小为I=0.2A的电流，金属棒下降x1=1cm，若通入金属棒中的电流仍为0.2A，但方向相反，这时金属棒下降了多少？（g=10m/s2）考点：导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：（1）根据安培力等于重力，即可求解电流大小，由左手定则判断电流方向；（2）对两种情况，分别根据平衡条件、胡克定律和安培力公式列式，联立即可求解．解答：解：（1）要使弹簧不伸长，则重力应与安培力平衡，所以安培力应向上，据左手定则可知电流方向应向右，因 mg=BIL，所以 I==A=2.5A．（2）因在金属中通入自左向右、大小为I1=0.2A的电流，金属棒下降x1=1cm，由平衡条件得：mg=BIL+2kx1．当电流反向时，由平衡条件得：mg=﹣BIL+2kx2．解得：x2=x1=×1cm=1.17cm答：（1）要使弹簧不伸长，金属棒中电流的大小为2.5A，电流方向应向右．（2）这时金属棒下降了1.17cm．点评：本题考查安培力、弹力与重力间处于平衡状态的问题，体现了胡克定律，安培力公式，同时注意左手定则的应用．（2012秋•南安市校级期末）两光滑金属导轨竖直平行放置，导轨间的宽度L=0.2m，（10分）15．且导轨电阻不计，其上端接一直流电源电动势E=15V，内阻r=0.3Ω，下端接一定值电阻R1=2Ω，如图所示，质量m=0.1kg的金属棒ab水平地靠在导轨的外侧，并与导轨接触良好，接入电路的电阻R2=3Ω．为了使金属棒不滑动，需加一与竖直面成30°向里斜向下的匀强磁场（磁场方向与ab垂直）．（g取10m/s2）求：（1）通过ab的电流的大小和方向（由a至b或由b至a）（2）匀强磁场磁感应强度B的大小．考点：共点力平衡的条件及其应用；闭合电路的欧姆定律；安培力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）先分析等效电路，然后根据闭合电路欧姆定律求出干路电流，进而求出路端电压，根据欧姆定律即可求出ab中的电流．（2）对金属棒受力分析，根据平衡条件求出金属棒所受安培力的大小，然后由安培力公式求出B．解答：解：（1）等效电路为ab电阻R2与电阻R1并联，并联后的总电阻为：R并=根据闭合电路欧姆定律：E=I（R并+r）得：U=IR并I2=I2=4A根据平衡条件金属棒所受安培力应该斜向上，由左手定则判断电流方向由a至b；（2）安培力的方向一定是垂直于B的，对金属棒受力分析，画受力分析示意图，（从哪b向a看）根据平衡条件，竖直方向：F安cos60°=mg又：F安=BIL解得：B=2.5T答：（1）通过ab的电流的大小为4A，方向由a至b；（2）匀强磁场磁感应强度B的大小为2.5T．点评：本题是通电导体在磁场中平衡问题，分析和计算安培力是关键，安培力是联系力学与磁场的桥梁．16．（10分）（2013•铁东区校级二模）在如图所示的电路中，R1=2Ω，R2=R3=4Ω，当电键K 接a时，R2上消耗的电功率为4W，当电键K接b时，电压表示数为4.5V，试求：（1）电键K接a时，通过电源的电流和电源两端的电压；（2）电源的电动势和内电阻；（3）当电键K接c时，通过R2的电流．考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：（1）当电键K接a时，R1被短路，根据功率公式求出通过电源的电流和电压．（2）K接b时，R1和R2串联，分别由闭合电路欧姆定律对两种情况列方程求解电源的电动势和内电阻．（3）当K接c时，R2与R3并联后与R1串联．由闭合电路欧姆定律求出干路电流，再求解通过R2的电流．解答：解：（1）K接a时，R1被短路，外电阻为R2，根据电功率公式可得通过电源电流 I1==A=1A电源两端电压V（2）K接a时，有E=U1+I1r=4+r ①K接b时，R1和R2串联，R外=R1+R2=6Ω通过电源电流I2= A这时有：E=U2+I2r=4.5+0.75 r ②解①②式得：E=6 V r=2Ω（3）当K接c时，R总=R1+r+R23=6Ω总电流I3==1 A通过R2电流I'=I3=0.5 A．答：（1）电键K接a时，通过电源的电流为1A，电源两端的电压为4V；（2）电源的电动势和内电阻分别为E=6 V，r=2Ω；（3）当电键K接c时，通过R2的电流为0.5 A．点评：对于电路问题，首先认识电路的结构．对于电源的电动势和内阻常常根据两种情况分别列方程，再联立求解．17．（10分）（2014秋•西昌市期末）如图所示，内壁光滑、内径很小的1/4圆弧管固定在竖直平面内，圆弧的半径r为0.2m，在圆心O处固定一个电荷量为﹣1.0×10﹣9C的点电荷．质量为0.06kg、略小于圆管截面的带电小球，从与O点等高的A点沿圆管内由静止运动到最低点B，到达B点小球刚好与圆弧没有作用力，然后从B点进入板距d=0.08m的两平行板电容器后刚好能在水平方向上做匀速直线运动，且此时电路中的电动机刚好能正常工作．已知电源的电动势为12V，内阻为1Ω，定值电阻R的阻值为6Ω，电动机的内阻为0.5Ω．求（取g=10m/s2，静电力常量k=9.0×109N•m2/C2）（1）小球到达B点时的速度；（2）小球所带的电荷量；（3）电动机的机械功率．考点：闭合电路的欧姆定律；共点力平衡的条件及其应用；牛顿第二定律；机械能守恒定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：（1）小球从A运动到B过程，受重力、电场力和弹力，只有重力做功，机械能守恒，根据守恒定律列式求解B点速度；（2）小球到达B点时刚好与圆弧没有作用力，受重力和静电引力，合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解；（3）球在电场中做匀速直线运动，受重力和电场力平衡，根据平衡条件求解出电压，然后根据欧姆定律求解干路电流，最后结合闭合电路欧姆定律求解电动机的输入电压；电动机的机械功率等于电功率减去热功率．解答：解：（1）由机械能守恒得：mgr=解得：v B=2m/s（2）到达B点恰好作用力为0，由牛顿第二定律得：解得：q=8×10﹣3C（3）设电容器两端电压为U，由二力平衡得：①由欧姆定律得：I=②所以，电动机两端电压：U M=E﹣U﹣Ir ③④联立①②③④解得：P机=4.5W答：（1）小球到达B点时的速度为2m/s；（2）小球所带的电荷量为8×10﹣3C；（3）电动机的机械功率为4.5W．点评：本题是力电综合问题，关键明确粒子的运动规律，根据机械能守恒定律和平衡条件求解电容器的电压，然后结合闭合电路欧姆定律列式求解电动机的输入电压和电流．。
江西省上高二中高一上学期第三次月考(物理).doc
江西省上高二中09-10学年高一第三次物理月考试题一、选择题（每小题4分，共40分）1、下列几组共点力，分别作用在同一个物体上，有可能使物体做匀速直线运动的是（ ）A ．4N 、5N 、7NB ．3N 、4N 、8NC ．2N 、9N 、5ND ．5N 、7N 、1N2、如图所示，一被吊着的空心的均匀球壳内装满了细沙，底部有一阀门，打开阀门让细沙慢慢流出的过程中，球壳与细沙的共同重心将会（ ）A ．一直下降B ．一直不变C ．先下降后上升D ．先上升后下降3、如图所示，重200N 的木箱与竖直墙壁间的动摩擦因数为0.2，在竖直向上F ＝100N 的拉力作用下，沿竖直墙壁下滑，则木箱受的摩擦力为（ ）A ．40NB ．100NC ．20ND ．04、甲、乙、丙三个相同的物体放在同一水平面上，它们分别受到如图所示的外力作用后，均在水平面上运动，若它们与水平面间的动摩擦因数相同，则它们受到的摩擦力大小关系是（ ）A ．F f 甲＞F f 乙＞F f 丙B ．F f 甲＜F f 乙＜F f 丙C ．F f 甲＝F f 乙＝F f 丙D ．F f 乙＞F f 甲＞F f 丙5、运动员用双手握住竖直的竹竿匀速攀上和匀速下滑时，他所受到的摩擦力分别为F 1和F 2，那么它们的关系正确的是（ ）A ．F 1向上，F 2向下，F 1＝F 2B ．F 1向下，F 2向上，F 1＞F 2C ．F 1向上，F 2向上，F 1＝F 2D ．F 1向上，F 2向下，F 1＞F 26、质量为1 kg 的物体受到两个大小分别为2N 和3N 的共点力作用，则物体的加速度大小可能是（ ）A ．5 m/s 2B ．3 m/s 2C ．2 m/s 2D ．0.5 m/s 27、如图所示，保持θ角不变，将B 点上移，则BO 的拉力将（A ．逐渐减小B ．逐渐增大C ．先减小后增大D ．先增大后减小8、作用在一个物体上的两个共点力的合力的大小随两力之间的角度变化的关系如图所示，则有（ ）A ．这两个力的合力的最大值为30NB ．这两个力的合力的最小值为10N C ．由该图像可确定两个分力大小值D ．只能确定两分力值的范围，不能确定具体值9、如图所示，橡皮绳的一端固定在A 点，另一端被两个弹簧秤拉至O 点，若要使该端始终位于O 点，但F 3 1使F 2大小不变地沿顺时针转过某一角度，相应地使F 1的大小及图中的β角作以下哪些变化是可能的（ ）A ．增大F 1的同时增大β角B ．增大F 1的同时保持β角不变C ．增大F 1的同时减小β角D ．减小F 1的同时增大β角10、做自由落体运动的物体，如果下落过程中某时刻重力突然消失，物体的运动情况将是（ ）A ．悬浮在空中不动B ．速度逐渐减小C ．保持一定速度向下做匀速直线运动D ．无法判断 二、填空题11、一个重量为100N 的木箱放在水平地板上，至少要用40N 的水平推力，才能使它从原地开始运动，木箱与地板间的最大静摩擦力的Fmax ＝ N ；木箱从原地移动以后，用38N 的水平推力，就可使木箱继续匀速运动，则木箱与地板间的动摩擦因数μ＝ ；用80N 的水平推力推着木箱运动，木箱所受的滑动摩擦力为 N ，若木箱处于静止状态，用30N 的推力推它，则此时它所受的摩擦力为 N 。
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江西省宜春市上高二中2015届高三上学期第三次月考物理试卷
一、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．
1．（6分）如图为两个质点A、B同时同地开始运动的v﹣t图象．由图可知（）
2．（6分）某大型游乐场内的新型滑梯可以等效为如图所示的物理模型．一个小朋友在AB段的动摩擦因数μ1＜tanθ，BC段的动摩擦因数为μ2＞tanθ，他从A点开始下滑，滑到C点恰好静止，整个过程中滑梯保持静止状态．则该小朋友从斜面顶端A点滑到底端C点的过程中（）
3．（6分）（2013•黄山三模）在圆轨道上运动的质量m为的人造地球卫星，它到地面的距离星运动的速度为π
卫星的动能为
mg=G
G=m=m
π
4．（6分）如图所示，将质量为m的小球以速度v0由地面竖直向上抛出．小球落回地面时，其速度大小为v0设小球在运动过程中所受空气阻力的大小不变，则空气阻力的大小等于（）
mg mg D
mg
f=
5．（6分）汽车以额定功率在平直公路上匀速行驶，在t1时刻突然使汽车的功率减小一半，并保持该功率继续行驶，到t2时刻汽车又开始做匀速直线运动（设汽车所受阻力不变），则在t1～
a=
6．（6分）（2013•南通一模）如图所示，一个表面光滑的斜面体M置于在水平地面上，它的两个斜面与水平面的夹角分别为α、β，且α＜β，M的顶端装有一定滑轮，一轻质细绳跨过定滑轮后连接A、B两个小滑块，细绳与各自的斜面平行，不计绳与滑轮间的摩擦，A、B恰好在同一高度处于静止状态．剪断细绳后，A、B滑至斜面底端，M始终保持静止．则（）
mgh=v=
7．（6分）A、D分别是斜面的顶端、底端，B、C是斜面上的两个点，AB=BC=CD，E点在D 点的正上方，与A等高．从E点以一定的水平速度抛出质量相等的两个小球，球1落在B点，球2落在C点，关于球1和球2从抛出到落在斜面上的运动过程（）
抛出时初速度之比为
根据得，t=，
：
比为
8．（6分）（2014•海南）如图，质量相同的两物体a、b，用不可伸长的轻绳跨接在同一光滑的轻质定滑轮两侧，a在水平桌面的上方，b在水平粗糙桌面上．初始时用力压住b使a、b静止，撤去此压力后，a开始运动，在a下降的过程中，b始终未离开桌面．在此过程中（）
二、必考题
9．（5分）某探究学习小组的同学要验证“牛顿第二定律”，他们在实验室组装了一套如图所示的装置，水平轨道上安装两个光电门，小车上固定有力传感器和挡光板，细线一端与力传感器连接另一端跨过定滑轮挂上砝码盘，实验时，调整轨道的倾角正好能平衡小车所受的摩擦力（图中未画出）．
（1）该实验中小车所受的合力等于（填“等于”或“不等于”）力传感器的示数，该实验是否不需要（填“需要”或“不需要”）满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量？（2）实验获得以下测量数据：小车、传感器和挡光板的总质量M，挡光板的宽度l，光电门1和2的中心距离为s．某次实验过程：力传感器的读数为F，小车通过光电门1和2的挡光时间分别为t1、t2（小车通过光电门2后，砝码盘才落地），已知重力加速度为g，则该实验要验
证的式子是．
速度为：
速度为：
根据功能关系需要验证的关系式为：
即：
10．（10分）利用如图1实验装置探究重物下落过程中动能与重力势能的转化问题．
（1）实验操作步骤如下，请将步骤B补充完整：
A．按实验要求安装好实验装置；
B．使重物靠近打点计时器，接着先接通电源，后放开纸带，打点计时器在纸带上打下一系列的点；
C．图2为一条符合实验要求的纸带，O点为打点计时器打下的第一点．分别测出若干连续点A、B、C…与O点之间的距离h1、h2、h3…．
（2）已知打点计时器的打点周期为T，重物质量为m，重力加速度为g，结合实验中所测得
的h1、h2、h3，可得重物下落到B点时的速度大小为，纸带从O点下落到B点
的过程中，重物增加的动能为，减少的重力势能为mgh2．
（3）取打下O点时重物的重力势能为零，计算出该重物下落不同高度h时所对应的动能E k 和重力势能E p，建立坐标系，横轴表示h，纵轴表示E k和E p，根据以上数据在图3中绘出图线Ⅰ和图线Ⅱ．已求得图线Ⅰ斜率的绝对值为k1，图线Ⅱ的斜率的绝对值为k2．则可求出重物和
纸带下落过程中所受平均阻力与重物所受重力的比值为（用k1和k2表示）．
f=
=
=
所以重物和纸带下落过程中所受平均阻力与重物所受重力的比值为
）
11．（14分）如图所示，底座A上装有L=0.5m长的直立杆，底座和杆的总质量为M=1.0kg，底座高度不计，杆上套有质量为m=0.2kg的小环B，小环与杆之间有大小恒定的摩擦力．当小环从底座上以v0=4.0m/s的初速度向上飞起时，恰好能到达杆顶，然后沿杆下降，取g=10m/s2，求：
①在环飞起过程中，底座对水平面的压力；
②此环下降过程需要多长时间．
由运动学公式：
12．（18分）（2014•云南二模）如图所示，物块Α、Β用一劲度系数为k=200N/m的轻弹簧相连静止于水平地面上，Α物体质量m A=2Kg，Β物体质量m B=4Kg．现用一恒力F=30N竖直向上拉物体A，使Α从静止开始运动，当Α运动到最高点时Β刚好要离开地面但不能继续上升．若弹簧始终处于弹性限度内，取g=10m/s2，求：
（1）Β刚要离开地面时，拉力F做的功：
（2）Β刚耍离开地面时Α的加速度大小；
（3）从Α开始运动到Α到达最高点的过程中弹簧弹力对Α做的功．
解得：
的加速度大小
三、选修题
13．（6分）2008年9月25日至28日我国成功实施了“神舟”七号载入航天飞行并实现了航天员首次出舱．飞船先沿椭圆轨道飞行，后在远地点343千米处点火加速，由椭圆轨道变成高度为343千米的圆轨道，在此圆轨道上飞船运行周期约为90分钟．下列判断正确的是（）
根据
14．（9分）如图所示，半径分别为R和r的甲、乙两个光滑的圆形轨道安置在同一竖直平面上，轨道之间有一条水平轨道CD相通，一小球以一定的速度先滑上甲轨道，通过动摩擦因数为μ的CD段，又滑上乙轨道，最后离开两圆轨道，若小球在两圆轨道的最高点对轨道的压力都恰好为零，试求CD段的长度．
…
由机械能守恒定律有
式，可得
，设
解得：
．。