1.4 研究有机物的一般步骤和方法 2020年人教版高中化学选修五配套练习：

人教版2020年选修五化学配套练习之研究有机物的一般步骤和方法1．除去下列物质中所含少量杂质(括号内为杂质)，所选用的试剂和分离方法不能达到实验目的是A．A B．B C．C D．D2．下列实验操作正确且能达到对应实验目的的是()A．分离碘和四氯化碳B．蒸馏75%的酒精溶液制备无水酒精C．除去乙烷中的乙烯D．提纯乙酸乙酯3．一种形状像蝴蝶结的有机分子Bowtiediene，其形状和结构如图所示，下列有关该分子的说法中错误的是A．1 mol 该物质彻底燃烧需要6 mol O2B．三氯代物只有一种C．该分子中所有碳原子在同一平面内D．与其互为同分异构体，且官能团只含碳碳三键的链烃有两种4．将一定量的有机物充分燃烧，产物先通入浓硫酸，浓硫酸增重5.4g，然后通入足量澄清石灰水中，完全吸收后，经过滤得到20g沉淀，则该有机物可能是()A．乙酸乙酯B．乙酸C．乙醇D．乙烯5．香叶醇是合成玫瑰香油的主要原料,其结构简式如下：下列有关香叶醇的叙述正确的是（）A．香叶醇的分子式为C10H18OB．不能使溴的四氯化碳溶液褪色试卷第2页，总21页C．不能使酸性高锰酸钾溶液褪色D．能燃烧，其产物一定为二氧化碳和水6．化学家们合成了如图所示的一系列星烷，如三星烷、四星烷、五星烷等。

下列说法正确的是()A．它们之间互为同系物B．六星烷的化学式为C18H24C．四星烷与互为同分异构体D．它们的一氯代物均只有两种，而三星烷的二氯代物有四种7．下列说法正确的是( )A．相对分子质量相近的醇比烷烃沸点高是因为醇分子间存在氢键B．苯和油脂均不能使酸性高锰酸钾溶液褪色C．红外光谱分析不能区分乙醇和乙酸乙酯D．蛋白质溶液中加硫酸铵或氯化铜溶液，均会发生蛋白质的变性8．现有一瓶乙二醇和丙三醇的混和物，已知它们的性质如下表，据此，将乙二醇和丙三醇互相分离的最佳方法是( )试卷第4页，总21页A ．结晶法B ．萃取法C ．分液法D ．蒸馏法9．维生素A 是一类重要的维生素，又称视黄醇．如果人体缺少维生素A ，人易患夜盲症、干眼症等眼症．食用胡萝卜等蔬菜和鱼肝油，可以补充维生素A.维生素C 是另一种重要的维生素，它能防治坏血病．维生素C 与补铁剂同服，可以防止补铁剂中的2Fe 被氧化．下图分别是维生素1A 和维生素C 的结构简式，以下说法不正确的是A ．维生素1A 的分子式为2030C H OB ．1mol 维生素1A 最多可以与5mol 2H 发生加成反应C ．维生素C 有还原性D ．维生素C 在碱性溶液中不易变质10．五联苯————的一溴代物有 A ．5种B ．6种C ．7种D ．8种11．某烃的相对分子质量为72，分子中含有3个-CH 3，则该结构的烃的二氯取代物最多可能有（ ）（不考虑立体异构）A ．11种B ．10种C ．9种D ．8种12．下列说法不正确的是（ ）A．用分液漏斗可以分离乙酸乙酯和饱和碳酸钠溶液B．用溴水除去甲烷中的乙烯气体C．碳酸钠是焙制糕点所用的发酵粉主要成分之一D．蒸馏是分离液态混合物一种常用方法，广泛应用于石油工业13．根据以下信息判断，分离乙醇、乙二醇混合物的最佳方法是（）A．分液B．用水萃取C．蒸馏D．重结晶14．下列除杂试剂选择正确且除杂过程涉及．．氧化还原反应的是( )A．A B．B C．C D．D 15．在核磁共振氢谱中出现三组峰，其氢原子数之比为3：4：1的化合物是( ) A．B．C．D．16．某芳香烃的结构简式如图所示：回答下列问题：（1）该烃的分子式是__；（2）该烃中含有四面体结构的碳原子数为__；（3）可能在同一平面的碳原子数最多为_。

17．思维辨析：(1)某有机物完全燃烧产物只有CO2和H2O，则可以判断该有机物中只含有C、H两种元素。

（_____）(2)任何有机物在确定了实验式(最简式)时，若要确定其分子式时，还必须测定该有机物的相对分子质量。

（_____）(3)核磁共振氢谱图中信号峰的数目就是有机物分子中氢原子的数目。

（_____）18．完全燃烧某烃0.2mol，生成14.4g水。

又已知该烃能使酸性KMnO4溶液褪色。

试写出符合此条件的各种烃的分子式，并指出其化合物的种类。

__________19．甲、乙、丙、丁四种物质是某抗生素合成过程中的中间产物。

回答下列问题：试卷第6页，总21页（1）甲的分子式是：___。

（2）写出乙中含氧官能团的名称是___。

（3）丙不能发生的化学反应是___。

①加成反应②氧化反应③水解反应④消去反应（4）由乙制备丙的反应条件是：___。

（5）鉴别甲和乙用到的试剂是（填化学式）___。

（6）写出丁和足量氢氧化钠溶液加热反应的方程式是：___。

20．化合物A经李比希法测得其中含C 72.0%、H 6.67%，其余含有氧；质谱法分析得知A的相对分子质量为150。

现代仪器分析有机化合物的分子结构有以下两种方法。

方法一：核磁共振仪测出A的核磁共振氢谱有5个峰，其面积之比为1∶2∶2∶2∶3。

方法二：利用红外光谱仪可初步检测有机化合物中的某些基团，现测得A分子的红外光谱如下图：已知：A分子中只含有一个苯环，且苯环上只有一个取代基，试填空。

（1）A的分子式为______________________；（2）A的结构简式为_________________________；（3）A的芳香类同分异构体有多种，其中分子中不含甲基的芳香酸为_________________。

（4）请设计合理方案以—Cl为原料合成(用反应流程图表示，注明反应物、反应条件；无机试剂可任选)。

反应流程图示例：__21．按要求填空：(1)写出下列物质的分子式：含6个碳原子的链状单烯烃__________________________。

(2)在戊烷的各种同分异构体中，一氯代物种类最多的键线式是_________________。

(3)用系统命名法命名：______________(4)某化合物的分子式为C5H11Cl，分析数据表明：分子中有两个-CH3、两个-CH2-、一个和一个-Cl。

它的可能的结构有______________种试卷第8页，总21页人教版2020年选修五化学配套练习之研究有机物的一般步骤和方法1．【答案】D【解析】【分析】A.溴苯不溶于水，溴与氢氧化钠溶液反应；B.CaO与水反应产生Ca(OH)2，与乙醇沸点相差较大；C.乙酸乙酯不溶于水，且乙酸与碳酸钠反应；D.乙烯与氢气的加成反应不能完全转化，乙烷中可能混有新杂质氢气。

【详解】A.溴与NaOH反应后产生的物质进入水层而与溴苯分层，再选择分液法可除杂，A正确；B.水与生石灰反应后产生的Ca(OH)2是离子化合物，沸点很高，而乙醇沸点较低，然后蒸馏可除Ca(OH)2，B正确；C.乙酸与碳酸钠反应后进入水溶液中，而乙酸乙酯不能与碳酸钠反应，不能溶于碳酸钠溶液，密度比水小，反应后溶液与乙酸乙酯分层，通过分液可除杂，C正确；D.乙烷中可能混有新杂质氢气，不符合除杂的原则，则应选溴水，用洗气法除杂，D错误；故合理选项是D。

2．乙酯【答案】C【解析】【详解】A项、碘单质易溶于四氯化碳，应采用蒸馏操作分离二者，A项错误；试卷第10页，总21页 B 项、乙醇和水能形成共沸混合物，所以直接蒸馏75%的酒精溶液不能制备无水酒精，可在75%的酒精溶液中加入生石灰，再蒸馏得无水酒精，B 项错误；C 项、乙烷不和溴水反应，乙烯与溴反应生成1，2－二溴乙烷，C 项正确；D 项、提纯乙酸乙酯可用饱和碳酸钠溶液处理后再分液，不能用蒸发操作，D 项错误；答案选C 。

3．【答案】C【解析】【分析】该题要用已经学过的烃类的性质来类比没有学过的烃类物质，由结构图可以数出该物质一共有5个碳原子，两个环和两个氢键构成4个不饱和度，所以氢原子的数量为52+2-42=4⨯⨯个，所以分子式为54C H ；据此来解题即可。

【详解】A.由分子式54C H 可知，完全燃烧时每mol 碳原子消耗1mol 氧气，每mol 氢原子消耗0.25mol 氧气，因此完全燃烧一共需要6mol 氧气，A 项正确；B.该选项可以看成“在四个氢里面选一个不被取代，另外三个都要被氯取代，有几种选法”，而该分子上的四个氢是完全等效的，因此只有一种选法，也就是一种三氯代物，B 项正确；C.该分子中间的碳原子是sp 3杂化，而sp 3杂化不可能形成一个平面，C 项错误；D.该烃的分子式为54C H ，分子中有4个不饱和度，若按题目要求只能是碳碳三键，则该物质为戊二炔，戊二炔有1,3-戊二炔和1,4-戊二炔两种，D 项正确；答案选C 。

4．【答案】C【解析】有机物燃烧充分燃烧生成CO2和H2O，通入浓硫酸增重5.4g为生成水的质量，再通过足量的石灰水，发生反应：CO2+Ca（OH）2=CaCO3↓+H2O，得到沉淀20g为CaCO3质量，根据n=m÷M计算水、碳酸钙物质的量，根据原子守恒确定有机物中C、H原子数目之比，结合选项判断。

【详解】有机物燃烧产物有二氧化碳和水，通入浓硫酸增重5.4g为生成水的质量，再通过足量的石灰水，经过滤可得沉淀20g为CaCO3的质量，则n（H2O）=5.4g÷18g·mol－1=0.3mol，n（CaCO3）=20g÷100g·mol－1=0.2mol，根据原子守恒可知，n（H）=2n（H2O）=0.6mol，n（C）=n（CaCO3）=20g÷100g·mol－1=0.2mol，则有机物中N（C）：N（H）=0.2mol：0.6mol=1：3，选项中只有乙醇中C、H原子数目之比符合1：3故选C。

5．【答案】A【解析】【分析】该有机物中含有碳碳双键和醇羟基，具有烯烃和醇的性质，能发生加成反应、加聚反应、氧化反应、酯化反应等，据此分析解答。

【详解】A.根据结构简式确定分子式为C10H18O，A正确；B.香叶醇的分子中含有碳碳双键，所以能和溴发生加成反应而使溴的四氯化碳溶液褪色，B错误；C.香叶醇的分子中含有碳碳双键，所以能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，C错误；D.香叶醇完全燃烧生成二氧化碳和水，不完全燃烧生成一氧化碳和水，D错误；故合理选项是A。

6．【解析】【分析】A. 结构相似，分子组成相差一个或若干个CH2原子原的有机物互为同系物；B. 根据键线式的特点确定六星烷的分子式；C. 分子式相同而结构不同的有机物互为同分异构体；D. 根据对称性的原则，确定等效氢的个数，进一步确定一氯代物的数目；三星烷的二氯代物在角上，或正n边形的同一面上，或正n边形的不同面上，或角上、正n边形的面上。

【详解】A.由三星烷、四星烷、五星烷的结构可知分子式分别为C9H12、C12H16、C15H20，三个分子的分子组成相差C3H4，因此三星烷、四星烷、五星烷不是同系物，A项错误；B. 三星烷、四星烷、五星烷的分子式分别为C9H12、C12H16、C15H20，三个分子的分子组成相差C3H4，因此六星烷的分子式为C18H24，B项正确；C. 四星烷的分子式为C12H16，的分子式为C12H14，二者分子式不同，不属于同分异构体，C项错误；D.星烷分子高度对称，他们的一氯代物均只有2种；三星烷的二氯代物在角上的有2种，在正n边形的同一面上的有1种，在正n边形的不同面上的有2种，在角上、正n边形的面上的有2种，共7种，D项错误；答案选B。