天津市津南区咸水沽一中2014届高三上学期月考(三)物理试题 (Word版含答案)
天津市津南区咸水沽一中2014_2015学年高二物理上学期期中试卷理(含解析)
2014-2015学年天津市津南区咸水沽一中高二（上）期中物理试卷（理科）一、单项选择（本题共10小题，每小题3分，满分30分.请将正确答案填涂在答题卡上.）1．（3分）关于电流的说法正确的是（）A．根据I=，可知I与q成正比B．将导体放置于匀强电场中，导体中就会有恒定的电流C．规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，电流是矢量D．电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位考点：电流、电压概念．分析：电流定义式I=为比值定义法；导体中电荷的定向移动形成电流；电流是标量，但方向也有意义；国际单位将安培作为基本单位．解答：解：A、电流定义式I=为比值定义法，比值定义法中各个量之间没有正反比关系，故A错误．B、只有导体中电荷的定向移动才形成电流，放在匀强电场中不一定能定向移动，故B错误．C、电流是标量，故C错误．D、电流强度的单位“安培”，国际单位将安培作为基本单位之一，故D正确．故选：D点评：首先要会区分比值定义公式；其次要明白电荷“自由移动”和“定向移动”的区别．2．（3分）一段横截面积为0.5cm2的导体材料中，每秒钟有0.2C正电荷和0.3C负电荷相向运动，则电流强度是（）A． 0.2A B． 0.3A C． 0.5A D． 104A考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：根据电流的定义：单位时间内通过导体横截面的电荷量．解答：解：电流的定义式是I=，在导电液中，q指正负电荷绝对值的加和，所以I==0.5A，C正确．故选：C．点评：本题需要注意的是对于电解液导电，通过某一横截面的电荷是正负电荷绝对值的加和．3．（3分）如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）A． R1：R2=1：3B． R1：R2=3：1C．将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=3：1考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：通过I﹣U图象得出两电阻的关系．串联电路电流相等，并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比．解答：解：A、根据I﹣U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1：R2=1：3；故A正确，B错误；C、串联电路电流处处相等，所以将R1与R2串联后接于电源上，电流比I1：I2=1：1．故C错误；D、并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1：I2=3：1．故D正确；故选：AD．点评：解决本题的关键知道I﹣U图线的斜率表示电阻的倒数以及知道串并联电路的特点．4．（3分）电阻R和电动机M串连接到电路中，如图所示，已知电阻R跟电动机线圈的电阻值相等，开关接通后，电动机正常工作．设电阻R和电动机M两端的电压分别为U1和U2，经过时间t，电流通过电阻R做功为W1，产生热量为Q1，电流通过电动机做功为W2，产生热量为Q2．则有（）A． U1＜U2，Q1=Q2 B． U1=U2，Q1=Q2 C． W1=W2，Q1＞Q2 D． W1＜W2，Q1＜Q2考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：开关接通后，电动机正常工作，其电路非纯电阻电路，电动机两端的电压大于线圈电阻与电流的乘积．而电阻R是纯电阻，其两端电压等于电阻与电流的乘积．根据焦耳定律研究热量关系．解答：解：设开关接通后，电路中电流为I．对于电阻R，由欧姆定律得U1=IR对于电动机，U2＞IR，则U1＜U2．根据焦耳定律得Q1=I2Rt，Q2=I2Rt，则Q1=Q2．故选A点评：本题把握纯电阻电路与非纯电阻电路区别的能力，抓住欧姆定律适用于纯电阻电路，不适用于非纯电阻电路，而焦耳定律对两种电路均适用．5．（3分）（2014秋•大兴区校级期中）一根阻值为R的均匀电阻丝，长为了L，横截面积为S，设温度不变，在下列哪些情况下其阻值仍为R的是（）A．当L不变，S增大一倍时 B．当S不变，L增大一倍时C．当L和S都减为原来的时 D．当L和横截面都增大一倍时考点：电阻定律．专题：恒定电流专题．分析：根据电阻定律R=ρ，结合电阻丝长度、横截面积的变化判断电阻的变化．解答：解：A、根据电阻定律R=ρ，当L不变，S增大一倍，则电阻变为原来的一半．故A错误．B、根据电阻定律R=ρ，当S不变，L增大一倍时，知电阻变为原来的2倍．故B错误．C、根据电阻定律R=ρ，当L和S都缩为原来的一半时，电阻不变．故C正确．D、根据电阻定律R=ρ，当L和S都增大1倍，则电阻不变．故D正确．故选：CD．点评：解决本题的关键掌握电阻定律公式R=ρ，知道影响电阻大小的因素．6．（3分）如图所示，a、b、c三盏灯都能发光，且在电路变化时，灯不至于烧坏．请判断：当滑动变阻器的触头P向上移动时，3盏灯亮度的变化情况为（）A． c变亮，a、b变暗 B． a、b变亮，c变暗C． a、c变亮，b变暗 D． a变亮，b、c变暗考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由图可知电路为简单的串并联关系，由闭合电路的欧姆定律可分析3灯的亮度变化情况．解答：解；当触头向上移动时，滑动变阻器接入电阻增大；则总电阻增大，电路中总电流减小，故a灯变暗；因a灯及电源内阻的电压减小，故并联部分电压增大，故C灯变亮；而因为总电流减小，而C灯电流增大，故b灯中电流减小，故b灯变暗；故选：A．点评：本题为闭合电路欧姆定律中的动态分析问题，由程序法解析时，一般按照：部分﹣整体﹣部分的思路进行分析．7．（3分）如图所示，直线A为电源的U﹣I图线，直线B和C分别为电阻R1和R2的U﹣I图线，用该电源分别与R1、R2组成闭合电路时，电源的输出功率分别为P1、P2；电源的效率分别为η1、η2，则（）A． P1＞P2 B． P1＜P2 C．η1＞η2 D．η1＜η2考点：路端电压与负载的关系；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电源的效率等于电源输出功率与电源总功率的百分比．根据效率的定义，找出效率与电源路端电压的关系，由图读出路端电压，就能求出效率．电源与电阻的U﹣I图线的交点，表示电阻接在电源上时的工作状态，可读出电压、电流，算出电源的输出功率，进而比较大小．解答：解：A、B，由图线的交点读出，B接在电源上时，电源的输出输出功率为：P1=UI=2×4=8W C接在电源上时，电源的输出输出功率P2=UI=8W，即P1=P2；故A、B均错误．C、D，电源的效率为：η===，效率与路端电压成正比，B接在电源上时路端电压大，效率高，η1＞η2．故C正确，D错误；故选：C．点评：本题首先要知道效率与功率的区别，电源的效率高，输出功率不一定大．其次，会读图．电源与电阻的伏安特性曲线交点表示电阻接在该电源上时的工作状态．8．（3分）如图所示的电路中，U=8V不变，电容器电容C=200μF，R1：R2=3：5，则电容器的带电量为（）A．1.0×103C B． 1.0×10﹣3C C． 6.0×104C D． 1.6×10﹣3C考点：闭合电路的欧姆定律；电容．分析：图中两个电阻串联，电容器板间电压等于R2两端的电压．先根据串联电路电压与电阻成正比，求出电容器的电压，再由电容的定义式C=求解电量解答：解：根据串联电路电压与电流成正比的特点得电容器板间电压为：U C=V电容器储存的电量为：Q=CU C=200×10﹣6×5C=0.001C．故选：B点评：对于给定的电容器，关键确定其电压，要抓住电路稳定时，电容器的电压等于所并联的电路两端的电压．9．（3分）将电阻R1和R2分别单独与同一电源相连，在相等的时间内，两电阻上产生相同的热量，则电源的内阻为（）A． B．C． D．考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据焦耳定律和闭合电路欧姆定律列式，抓住电阻上产生相同的热量求解．解答：解：根据闭合电路欧姆定律得：，根据焦耳定律得：，根据题意可知，Q1=Q2解得：r=故选：C点评：本题主要考查了闭合电路欧姆定律及焦耳定律的直接应用，抓住在相等的时间内，两电阻上产生相同的热量求解，难度适中．10．（3分）一电流表并联一个分流电阻后就改装成一个大量程的电流表，当把它和标准电流表串联后去测某电路中的电流时，发现标准表读数为1A时，而改装表的读数为1.1A，稍微偏大些，为了使它的读数准确，以下做法正确的是（）A．在原分流电阻上再并联一个较小的电阻B．在原分流电阻上再串联一个较小的电阻C．在原分流电阻上再串联一个较大的电阻D．在原分流电阻上再并联一个较大的电阻考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：电流表示数偏大，说明所并联电阻的分流太小，则分流电阻阻值偏大．让分流电阻变的稍小些即可．解答：解；A、原分流电阻上再并联一个较小的电阻，可使其并联值变小，但小的太多，会使分流过大，示数又偏小．故A错误BC、串联后分流电阻更大，分流更小，示数更大．故BC错误D、在原分流电阻上再并联一个较大的电阻，可使其并联值稍小，分流稍大，可以．故D正确故选：D点评：本题考查的电流表的改装原理，明确分流与电阻成反比，电阻大，分流小，反之电阻小则分流大二、多选题（本题共4小题，每小题4分，满分16分.全部选对得4分，选不全得2分，有选错或不答的得0分，请将正确答案填涂在答题卡上.）11．（4分）关于电动势，下列说法正确的是（）A．电源两极间的电压等于电源电动势B．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大C．电动势的数值等于内外电压之和D．电源电动势与外电路的组成有关考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电源是把其它形式的能转化为电能的装置，电动势表征了这种转化本领的大小，等于电源没有接入电路时两极间的电压，根据闭合电路欧姆定律分析电动势与外、内电压的关系．解答：解：A、C根据闭合电路欧姆定律得知：电动势的数值等于内外电压之和，当电源没有接入电路时，电路中没有电流，电源的内电压为零，外电压即电源两极间的电压等于电动势；当电源接入电路时，电路有电流，电源有内电压，两极间的电压小于电动势，故A错误，C正确．B、电源是把其它形式的能转化为电能的装置，电动势表征了这种转化本领的大小，所以电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大，故B正确．D、电动势由电源本身特性决定，与外电路的组成无关，故D错误．故选：BC点评：对于电动势，可以结合电动势的物理意义、定义式和闭合电路欧姆定律等知识理解．12．（4分）用伏安法测未知电阻R x时，若不知R x的大约数值，为了选择正确的电流表接法以减小误差，可将仪器如图所示接好，只空出一个电压表的一个接头K，然后将K分别与a，b接触一下，观察电压表和电流表示数变化情况，则（）A．若电流表示数有显著变化，K应按aB．若电流表示数有显著变化，K应按bC．若电压表示数有显著变化，K应按aD．若电压表示数有显著变化，K应按b考点：伏安法测电阻．专题：恒定电流专题．分析：伏安法测电阻有两种电路，电流表内接法与电流表外接法，可以用试触法确定电流表的接法，如果电流表示数变化大，说明电压表分流较大，应采用内接法；如果电压表示数变化较大，说明电流表分压较大，应采用外接法．解答：解：A、电流表示数有显著变化，说明电压表分流明显，电流表应采用内接法，K应接在b处，故A错误，B正确；C、如果电压表示数变化明显，电压表示数变化明显，说明电流表的分压明显，电流表应采用外接法，K应接在a处，故C正确，D错误；故选：BC．点评：本题考查了应用试触法判断伏安法测电阻时实验电路的选择问题，难度不是很大，熟练掌握基础知识即可正确解题．P=考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：焦耳定律公式Q=I2Rt计算电热，电功公式W=UIt计算电功；对纯电阻电路，电功等于电热；对非纯电阻电路，电功大于电热解答：解：A、公式P=I2R计算热功率；非纯电阻电路中，电功率大于热功率，故A错误；B、非纯电阻电路中，欧姆定律不适用，故I，故公式P=即不能求解热功率，也不能求解电功率；故B错误；CD、电功公式W=UIt，电功率P==UI，适用于一切电路，故CD正确；故选：CD．点评：本题关键是非纯电阻电路中欧姆定律不适用，导致电功大于电热，基础题．14．（4分）电阻R1、R2、R3串联在电路中．已知R1=10Ω、R3=5Ω，R1两端的电压为6V，R2两端的电压为12V，则下列说法正确的是（）A．电路中的电流为0.6AB．电阻R2的阻值为20ΩC．三只电阻两端的总电压为21VD．通过三个电阻的电流之和为1.8A考点：电功、电功率；串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：串联电路中各处的电流相等，根据欧姆定律即可求得电流；电阻R2的阻值等于R2的电压除以电流；三只电阻两端的总电压等与三个电阻电压之和．解答：解：A、串联电路中各处的电流相等，根据欧姆定律得：电路中的电流 I==A=0.6A 故A正确；B、根据欧姆定律得：R2==Ω=20Ω．故B正确；C、R3两端的电压为U3=IR3=0.6×5V=3V，则总电压U=U1+U2+U3=6+12+3=21（V），故C正确；D、通过每个电阻的电流均为0.6A，则总电流为1.8A；故D正确；故选：ABCD．点评：解答本题的关键掌握串联电路电压、电流特点，熟练运用欧姆定律进行解答．三、实验题（共16分.请将正确答案填写在答题纸的相应位置.）15．（2分）用伏安法测量一段金属丝的电阻（阻值大约是10欧），主要备有仪器如下：A．电动势为6V的直流电源B．量程为0～3V，内阻为5kΩ的电压表C．量程为0～15V、内阻为15kΩ的电压表D．量程为0～600mA、内阻为2Ω的电流表E．量程为0～100mA、内阻为150Ω的电流表F．阻值为0～10Ω、额定电流为1.0A的滑动变阻器则本实验中，电流表应选用 D （填代号）；电流表须采用外接法（填“外”或“内”）．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：根据题意明确最大电流值，则可选择电流表；再根据待测电阻的阻值进行分析明确电流表的接法．解答：解：因电源电动势为6V，电流约为10Ω；故最大电流I m==0.6A；故电流表选择D即可；因电流内阻与待测电阻均很小且大小相差不多；故为了减小误差应采用电流表外接法；故答案为：D；外．点评：本题考查仪表的选择以及电流表内外接法的选择；要注意掌握：“大内偏大，小外偏小”的选择方法；即大电阻用内接，测量值偏大；小电阻用外接，测量值偏小．16．（4分）用千分尺测量金属丝的直径示数如图甲所示，则该金属丝的直径是 1.400 mm；用游标卡尺测量圆管的内径示数如图乙所示，则圆管内径是53.85 mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：（1）螺旋测微器固定刻度读数1mm，可动刻度读数为0.01×40.0mm=0.400mm，所以金属丝的直径为：1mm+0.400mm=1.400 mm，（2）游标卡尺主尺读数为53mm，游标尺上第17个刻度与主尺上某一刻度对齐，因此游标读数为：0.05×17=0.85mm，所以最终读数为：53mm+0.85mm=53.85 mm．故答案为：1.400；53.85．点评：解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．17．（4分）用伏安法测干电池的电动势和内电阻．根据实验数据画出如图所示的图线．则这个干电池的电动势是E= 1.5 V，内电阻r= 0.4 Ω（答案保留一位小数）考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电源的U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源的电动势，图象斜率的绝对值是电源的内阻．解答：解：由图示电源U﹣I图象可知，图象与纵轴交点坐标值为1.5，则电源电动势E=1.5V，电源内阻：r=故答案为：1.5；0.4点评：本题考查了求电源电动势与内阻的方法，要掌握应用图象法处理实验数据的方法，特别注意图象纵坐标不是从0开始的，难度不大，属于基础题．18．（2分）用欧姆表测一个电阻R的阻值，选择旋钮置于“×10”档，测量时指针指在100与200刻度弧线的正中间，可以确定（）考点：多用电表的原理及其使用．专题：恒定电流专题．分析：欧姆表刻度左密又疏，100与200正中间的刻度小于150．解答：解：欧姆表表盘左边密右边疏，零刻度在右边，测量时指针指在100与200刻度的正中间，指针的示数应大于100而小于150，又选择旋钮置于“×10”档，所以带测电阻的阻值应该在1000到1500Ω之间，故C正确．故选C点评：本题考查了欧姆表刻度盘的特点，题目难度较小．19．（4分）小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变大．某同学为研究这一现象，用实验得：（2）在图2中画出小灯泡的U﹣I曲线考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）为测量多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻较小，远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，据此作出实验电路图．（2）根据表中实验数据，应用描点法作图，作出小灯泡的伏安特性曲线．解答：解：（1）由于小灯泡灯丝的电阻值远小于电压表的内阻，如：电压为2.00V时，其阻值R灯===4Ω；为减少由于电表接入电路引起的系统误差，应采用电流表外接法．为使小灯泡两端的电压的变化范围尽可能大，滑线变阻器应连接成分压电路，实验电路如图1所示．（2）根据实验得到的数据在U﹣I坐标系中描点，并将这些数据点连接成一条平滑的曲线，如图2所示．故答案为：（1）如图所示；（2）如图所示．点评：本题考查了实验电路的设计，设计实验电路是实验常考问题，设计实验电路的关键是根据题目要求确定滑动变阻器采用分压接法还是采用限流接法，根据待测电路元件电阻大小与电表内阻间的关系确定电流表采用内接法还是外接法．四、计算题（本题共4小题，共38分．解答题应写出必要的文字说明、方程和重要演算步骤，包括相应的受力分析图，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）20．（7分）如图所示，在场强为E的匀强电场中，取O点为圆心，r为半径作一圆周，在O 点固定一点电荷，a、b、c、d为相互垂直的两条直线和圆周的交点．现一检验电荷+q放在d点时，恰好能在电场力作用下平衡（已知静电力常量为k），则：（1）圆心O点固定的点电荷带什么电？带电量是多少？（2）检验电荷+q放在b点，受力F b的大小、方向如何？考点：带电粒子在匀强电场中的运动；向心力．专题：万有引力定律的应用专题．分析：（1）检验电荷静止，处于平衡状态，应用库仑定律与平衡条件求出电荷的电荷量，根据库仑力的方向判断电荷的电性．（2）根据检验电荷在b点所受的力求出其所受的合力．解答：解：（1）检验电荷受到竖直向下的电场力与竖直向上的库仑力作用，由于检验电荷带正电，则位于O点的电荷带正电；对检验电荷，由平衡条件得：qE=k，解得：Q=；（2）检验电荷在b点受到竖直向下的电场力：qE，竖直向下的库仑力，电荷在b、d两点所示库仑力大小相等，则在b点电荷所受库仑力大小为qE，电荷在b点所受力：F b=qE+qE=2qE，方向：竖直向下；答：（1）圆心O点固定的点电荷带正电，带电量是；（2）检验电荷+q放在b点，受力F b的大小为2qE，方向：竖直向下．点评：本题利用场强的合成法则，解决该题关键要掌握点电荷的电场分布特点，以及匀强电场的电场强度公式．21．（9分）如图所示，一带电粒子以竖直向上的初速度v0，自A处进入电场强度为E、方向水平向右的匀强电场，它受到的电场力恰与重力大小相等．当粒子到达图中B处时，速度大小仍为v0，但方向变为水平向右，那么A、B之间的电势差等于多少？从A到B经历的时间为多长？考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；运动的合成和分解．专题：电场力与电势的性质专题．分析：粒子的运动可以看作水平方向初速度为零的匀加速直线运动和竖直方向竖直上抛运动的合成．根据竖直方向初速度和末速度求出粒子上升的高度和时间，分析水平方向和竖直方向位移的关系，求出粒子在水平方向的位移，由U=Ed求出电势差．解答：解：竖直方向：粒子做竖直上抛运动，运动时间为 t=；水平方向上粒子做初速度为零的匀加速直线运动，水平位移为 x==；则A、B之间的电势差U=Ex=．答：A、B之间的电势差等于，从A到B经历的时间为．点评：本题考查灵活选择研究方法的能力．对于曲线运动，物体所受的是恒力，可以运用运动的合成和分解进行研究．22．（10分）如图所示，让一价氢离子、一价氦离子和二价氦离子的混合物由静止经过同一加速电场加速，然后进入同一偏转电场，假设三种离子都能从偏转电场中飞出，请利用你所学过的物理规律分析它们是否会分成三股？要求写出必要的公式．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：三个离子先加速后偏转，先由动能定理得到加速获得的速度，再运用运动的分解法，得到离子离开偏转电场时的侧向距离和偏转角度，即可进行分析．解答：解：设任一正电荷的电量为q，加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转电极的极板为L，板间距离为d．在加速电场中，根据动能定理得：qU1=mv02﹣0，在偏转电场中，离子做类平抛运动，运动时间 t=偏转距离 y=at2=t2，联立以上各式得：y=，设偏转角度为θ，则 tanθ====，由上可知y、θ与带电粒子的质量、电荷量无关，则一价氢离子、一价氦离子和二价氦离子在偏转电场轨迹重合，所以它们不会分成三股，而是会聚为一束射出．答：一价氢离子、一价氦离子和二价氦离子不会分成三股，而是会聚为一束射出点评：本题一方面要熟记结论：同种带电粒子经同一加速电场加速，再经同一偏转电场偏转时轨迹重合．另一方面要能运用力学方法进行推导．23．（12分）如图所示，竖直放置的半圆形光滑轨道半径为R，将带电量为+q1的点电荷固定于其圆心O处．另一带电量为+q2，质量为m的小球（可看作质点），从轨道上与圆心等高的A处以竖直向下的初速度v o开始沿轨道运动，（已知静电力常量为k）．求：（1）小球到达最低点B点时的速度大小（2）小球在B点对轨道的压力．考点：动能定理的应用；向心力；库仑定律．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）小球下滑到最低点B点的过程中，只有重力做功，小球的机械能守恒．根据机械能守恒定律求出小球到达B点时的速度；（2）小球到达B点时由重力、轨道的支持力和点电荷的电场力的合力提供向心力，由牛顿第二定律和第三定律结合求出球对轨道的压力．解答：解：（1）设小球到达B点时速度大小为v．小球从A滑到B的过程，由机械能守恒定律得：mgR=mv2得：v=（2）小球经过B点时，由牛顿第二定律得：N﹣k﹣mg=m代入得：N=3mg+k由牛顿第三定律知，小球在B点对轨道的压力N′=N=3mg+k答：（1）小球到达最低点B点时的速度大小为．（2）小球在B点对轨道的压力为3mg+k．点评：本题是机械能守恒定律和牛顿第二定律的综合应用．对于圆周运动，常常不单独出题，会和动能定理、机械能守恒结合应用．。
天津市第一中学高三上学期月考(三)物理试题
第Ⅰ卷一、单项选择题（每小题6分，共30分。
每小题中只有一个选项是正确的）1．下列有关物理史和物理知识的说法正确的是（）A.单摆在整个运动过程中一定有一个位置合外力为零B.简谐波中质点的振动方向总是垂直于波的传播方向C.法拉第最先引入“场”的概念，并最早发现了电流的磁效应现象D.回路中磁通量为零的时刻其磁通变化率可以不为零2．如图，一根用绝缘材料制成的轻弹簧，劲度系数为k，一端固定，另一端与质量为m、带电荷量为＋q的小球相连，静止在光滑绝缘水平面上的A点．当施加水平向右的匀强电场E后，小球从静止开始在A、B之间做简谐运动，在弹性限度内下列关于小球运动情况说法中正确的是()A．小球在A、B的速度为零而加速度相同B．小球简谐振动的振幅为C．从A到B的过程中，小球和弹簧系统的机械能不断增大D．将小球由A的左侧一点由静止释放，小球简谐振动的周期增大3．如图，两根长直导线竖直插入光滑绝缘水平桌面上的M、N两小孔中，O为M、N连线中点，连线上a、b两点关于O点对称．导线均通有大小相等、方向向上的电流．已知长直导线在周围产生的磁场的磁感应强度，式中k是常数、I是导线中电流、r为点到导线的距离．一带正电的小球以初速度v0从a点出发沿连线运动到b点．关于上述过程，下列说法正确的是（）①小球先做加速运动后做减速运动②小球一直做匀速直线运动③小球对桌面的压力先减小后增大④小球对桌面的压力一直在增大A．①③ B．①④ C．②③ D．②④4．阿尔法磁谱仪用于探测宇宙中的反物质和暗物质（即由“反粒子”构成的物质），如氚核（）的反粒子为（）。
该磁谱仪核心部分截面区域是半径为r的圆形磁场，磁场方向垂直纸面向外，如图所示，P为入射窗口，各粒子从P射入速度相同，均沿直径方向，Pabcde为圆周上等分点，如反质子射入后打在e点，则氚核粒子射入将打在()A．a B．b C．d D．e5.图a所示，一根水平张紧弹性长绳上有等间距的Q’、P’、O、P、Q质点，相邻两质点间距离为lm，t＝0时O质点从平衡位置开始沿y轴方向振动，并产生分别向左、向右传播的波，O质点振动图像如b所示，当O点第一次达到正方向最大位移时刻P点刚开始振动，则 ( )A．P’、P两点距离为半个波长，因此它们是反相点B．当波在绳中传播时，绳中所有质点沿x轴移动的速度大小相等且保持不变C．当Q’点振动第一次达到负向最大位移时，O质点已经走过25cm路程D．波在绳中传播时波速为1m/s，当O质点振动加快时，波的传播速度变大二、多项选择题（每小题6分，共18分。
2014届天津市天津一中高三上学期第三次月考(解析)
2013-2014天津一中高三年级第三次月考地理试卷一、单项选择题（每题1.5分，30题，共45分）我国某中学地理兴趣小组，在秋分日这一天，测得该校旗杆在不同时期的影长，其数据如表1所示，已知旗杆长为17.32米，据此回答1-3题。
1．该地的地理坐标为A．北纬45°，东经135°B．北纬30°，东经105°C．北纬45°，东经105°D．北纬30°，东经135°2．该中学位于我国的哪个地形区内A．青藏高原B．华北平原C．四川盆地D．东南丘陵3．当北京时间分别为12时、13时和14时，该活动小组观察到旗杆影子的方向分别依次为A．西北、正北和东北B．正西、正北和正东C．正东、正南和正北D．东南、正北和西北1 B2 C3 A1.当北京时间为13点时影长最小，为当地正午，计算可知该地经度为东经105°；旗杆长为17.32米，旗杆影长10米，根据正午太阳高度角公式计算可知，该地的纬度为北纬30°。
2.根据经纬度可知，该地位于我国四川盆地。
3. 当北京时间分别为12时、13时和14时，太阳分别位于东南、正南和西南位置，该活动小组观察到旗杆影子的方向分别依次为西北、正北和东北。
读“我国某地区7月份平均气温的分布（单位：℃）”，回答4-6题4．下列说法正确的是（）A．P1的温度为8℃～12℃B．P1为12℃～16℃C．P2的温度为16℃～20℃D．P2为28℃～32℃5．导致该地区等温线如此分布的主要因素是（）A．洋流B．地形C．海陆位置D．天气6．根据等温线的分布，判断图中地形是（）①AA´属于山地②AA´属于山间谷地③BB´属于山地④BB´属于盆地A．①④B．②③C．②④D．①③4 A5 B6 C4.图中等温线温差为4℃，根据等值线的递变顺序可知，P 1周边等温线数值为8℃～12℃；P 2周边等温线数值为24℃和28℃。
物理高三第三次月考
天津市咸水沽一中16—17学年高三第一学期第三次月考物理试卷一、单项选择（本题共8小题，每小题3分，满分24分.请将正确答案填涂在答题卡上.）1.a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是A．a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度B．20秒时，a、b两物体相距最远C．40秒时，a、b两物体速度相等，相距200mD．60秒时，物体a在物体b的前方2. 将一物块分成相等的A、B两部分靠在一起，下端放置在地面上，上端用绳子拴在天花板，绳子处于竖直伸直状态，整个装置静止．则A.地面与物体间不存在摩擦力 B．地面受的压力可能为零C．绳子上拉力不可能为零 D．AB之间一定存在摩擦3. 质量为m的汽车，启动后沿平直路面行驶，如果发动机的功率恒为P，且行驶过程中受到的摩擦阻力大小一定，汽车速度能够达到的最大值为v，那么当汽车的车速为v／3时，汽车的瞬时加速度的大小为A ．B ．C ．D ．4．汽车以一定的速度安全经过一个圆弧半径为R的拱形桥面的顶点时，则A．汽车在竖直方向受到三个力：重力、桥面的支持力和向心力B．汽车对桥面的压力小于汽车的重力C ．汽车通过桥顶时的速度可能为D．汽车内的乘客处于超重状态5. “玉兔号”登月车在月球表面接触的第一步实现了中国人“奔月”的伟大梦想。
机器人“玉兔号”在月球表面做了一个自由下落试验，测得物体从静止自由下落h高度的时间t，已知月球半径为R，自转周期为T，引力常量为G。
则A. 月球表面重力加速度为 B. 月球第一宇宙速度为C. 月球质量为D. 月球同步卫星离月球表面高度6.如图所示，两块较大的金属板A、B相距为d，平行放置并与一电源相连，S闭合后，两板间恰好有一质量为m、带电量为q的油滴处于静止状态，以下说法正确的是A．若将S断开，则油滴将做自由落体运动，G表中无电流B．若将A向左平移一小段位移，则油滴仍然静止，G表中有a→b的电流C．若将A向上平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G表中有b→a的电流D．若将A向下平移一小段位移，则油滴向上加速运动，G表中有b→a的电流7.如图所示，虚线EF的下方存在着正交的匀强电场和匀强磁场，电场强度为E，磁感应强度为B．一带电微粒自离EF为h的高处由静止下落，从B点进入场区，做了一段匀速圆周运动，从D 点射出. 下列说法正确的A．微粒受到的电场力的方向一定竖直向下B ．微粒做圆周运动的半径为C．从B到D的过程中微粒所受洛伦兹力不做功D．从B点运动到D点的过程中微粒的电势能一直减小8. 如图甲所示，物体以一定初速度从倾角α=37°的斜面底端沿斜面向上运动，上升的最大高度为3.0m．选择地面为参考平面，上升过程中，物体的机械能E机随高度h的变化如图乙所示．g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80．则下列说法正确的是A．物体的质量m=2.0kgB．物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.50C．物体上升过程的加速度大小a=8m/s2D．物体回到斜面底端时的动能E k=20J二、多项选择（本题共4小题，每小题4分，满分16分.请将正确答案填涂在答题卡上.）9. 有一个质量为2 kg的质点在x－y平面内运动，在x方向的速度-时间图象和y方向的位移-时间图象如图所示，下列说法正确的是A．质点所受的合外力为3 NB．质点的初速度为5m/sC．质点做匀变速直线运动D．质点初速度的方向与合外力方向垂直10. 如图所示，轻弹簧两端拴接两个小球a、b，拴接小球的细线固定在天花板，两球静止，两细线与水平方向的夹角α＝30°，弹簧水平，以下说法正确的是A．两球质量一定相等B．两球质量可能不相等C．剪断左侧细线瞬间，a球加速度为gD．剪断左侧细线瞬间，b球加速度为011. 如图所示，电源电动势为E，内阻为r，合上开关S后各电灯恰能正常发光．如果某一时刻电灯L1的灯丝烧断，则A. L3变暗B. L2变亮C.L4变暗D.L4变亮12. 两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示，一个电荷量为2C，质量为1 kg的小物块从C点静止释放，其运动的v-t图象如图乙所示，其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线）．则下列说法正确的是A．B点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=1 V/mB．由C到A的过程中物块的电势能减小C．由C点到A点电势逐渐升高D．A、B 两点间的电势差=-6V三、实验题（共14分.请将正确答案填写在答题纸的相应位置.）13.某同学用游标卡尽和螺旋测微器分别测量一薄的金属圆片的直径和厚度，读出如图中的示数，该金属圆片的直径的测量值为cm，厚度的测量值为mm．14. 某同学设计了如下实验方案用来验证牛顿运动定律：（1）如图甲所示，将木板有定滑轮的一端垫起，把滑块通过细绳与带夹的重锤相连，然后跨过定滑轮，重锤下夹一纸带，穿过打点计时器．调整木板倾角，直到轻推滑块后，滑块沿木板匀速运动．（2）如图乙所示，保持长木板的倾角不变，将打点计时器安装在长木板上靠近滑轮处，取下细绳和重锤，将滑块与纸带相连，使其穿过打点计时器，然后接通电源释放滑块，使之由静止开始加速运动．打点计时器使用的交流电的频率为50Hz，打出的纸带如图丙所示，A，B，C，D，E 是纸带上五个计数点．①图丙中滑块下滑的加速度为．（结果保留两位有效数字）②若重锤质量为m，滑块质量为M，重力加速度为g，则滑块加速下滑受到的合力为．③某同学在保持滑块质量不变的情况下，通过多次改变滑块所受合力，由实验数据作出的a﹣F，图象如图丁所示，则滑块的质量为kg．（结果保留两位有效数字）15. 用如图所示装置来验证动量守恒定律，质量为m B的钢球B放在小支柱N上，球心离地面高度为H；质量为m A的钢球A用细线拴好悬挂于O点，当细线被拉直时O点到球心的距离为L，且细线与竖直线之间夹角α；球A由静止释放，摆到最低点时恰与球B发生正碰，碰撞后，A球把轻质指示针C推移到与竖直夹角为β处，B球落到地面上，地面上铺有一张盖有复写纸的白纸D，用来记录球B的落点。
【物理】天津市津南区咸水沽一中2014届高三上学期月考.docx
2013-2014 学年天津市津南区咸水沽一中高三（上）月考物理试卷（二）一．单项选择（本题共10 小题，每小题 3 分，满分 30 分 . 请将正确答案填涂在答题卡上. ）1．（ 3 分）（ 2003?上海）爱因斯坦由光电效应的实验规律，猜测光具有粒子性，从而提出光子说．从科学研究的方法来说，这属于（）A．等效替代B．控制变量C．科学假说D．数学归纳考点：光电效应．分析：爱因斯坦提出光子说，是一种猜测，所以所用的方法是科学假说．解答：解：爱因斯坦由光电效应的实验规律，猜测光具有粒子性，从而提出光子说，科学研究的方法属于科学假说．故 A、 B、 D错误， C 正确．故选 C．点评：在高中物理学习过程中，会遇到不同研究问题的方法，这些方法对我们的学习有很大的帮助，在理解概念和规律的基础上，要注意方法的积累．2．（ 3 分）（ 2013 秋?津南区校级月考）下列说法正确的是（）A．在平直公路上，“汽车限速”的原因是车速快时车的惯性大B．处于宇宙空间站里的物体惯性为零C．马拉车在平直公路上加速前进时，车拉马的力小于马拉车的力D． kg， m， s 是国际单位制中的基本单位，力的单位N 是导出单位考点：作用力和反作用力；惯性．专题：常规题型．分析：物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，任何物体都具有惯性，质量是衡量物体惯性大小的唯一量度，与物体的速度无关；由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失．解答：解： A、质量是衡量物体惯性大小的唯一量度，与物体的速度无关，故 A 错误；B、物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，任何物体都具有惯性，故 B 错误；C、马拉车的力和车拉马的力是作用力与反作用力大小相等，方向相反，故 C 错误；D、 kg， m， s 是国际单位制中的基本单位，力的单位N 是导出单位，故 D 正确；故选： D．点评：考查了运动和力以及惯性的相关知识，其中影响惯性大小的只有质量，这是学生容易出错的地方，掌握牛顿第三定律，抓住作用力与反作用力是同时产生、同时消失，分别作用在两个不同物体上等性质．3．（ 3 分）（ 2014 秋?赤坎区校级期中）取一根长2m左右的细线， 5 个铁垫圈和一个金属盘．在线下端系上第一个垫圈，隔 12cm 再系一个，以后垫圈之间的距离分别为36cm、60cm、84cm，如图所示，站在椅子上，向上提起线的上端，让线自由垂下，且第一个垫圈紧靠放在地上的金属盘．松手后开始计时，若不计空气阻力，则第2、3、 4、 5 个垫圈（）A．落到盘上的声音时间间隔越来越大B．落到盘上的声音时间间隔相等C．依次落到盘上的速率关系为1： 2： 3： 4D．依次落到盘上的时间关系为1：（﹣1）：（﹣）：（2﹣）考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：5 个铁垫圈同时做自由落体运动，下降的位移之比为1：3：5：7．根据初速度为零的匀加速直线运动的推论知，在相等时间内的位移之比为1：3：5：7，可以确定落地的时间间隔是否相等，从而根据v=gt 得出落到盘中的速率之比．解答：解： A、 5 个铁垫圈同时做自由落体运动，下降的位移之比为1： 3： 5： 7．可以看成一个铁垫圈自由下落，经过位移之比为1：3：5：7．因为初速度为零的匀加速直线运动在相等时间内的位移之比为1：3：5：7，知各垫圈落到盘中的时间间隔相等．故A 错误， B 正确．C、因为各垫圈落到盘中的时间间隔相等，则各垫圈依次落到盘中的时间比为1：2：3：4，则速度之比为1： 2： 3： 4．故 C正确， D错误．故选： BC．点评：解决本题本题的关键掌握自由落体运动的规律，知道初速度为零的匀加速直线运动的一些推论．4．（ 3 分）（ 2011?青岛模拟）如图所示，截面为三角形的木块a上放置一铁块 b ，三角形木块竖直边靠在竖直且粗糙的竖直面上，现用竖直向上的作用力 F ，推动木块与铁块一起向上匀速运动，运动过程中铁块与木块始终保持相对静止，则下面说法正确的是（）A．木块 a 与铁块 b 间一定存在摩擦力B．木块与竖直墙面间一定存在水平弹力C．木块与竖直墙面间一定存在摩擦力D．竖直向上的作用力 F 大小一定大于铁块与木块的重力之和考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：受力分析方法专题．分析：对 b 受力分析，受到重力、支持力和静摩擦力；再对a、b 整体受力分析，受到重力和推力，二力平衡，整体不是墙壁的弹力和摩擦力．解答：解： b 匀速上升，受到的合力为零，对 b 受力分析，受到重力、支持力和静摩擦力；再对 a、b 整体受力分析，受到重力和推力，二力平衡；整体不受墙壁的弹力和摩擦力，如有，则合力不为零；故选 A．点评：弹力和摩擦力的有无可以根据假设法判断，即假设存在，或假设不存在，看是否与运动状态相矛盾．5．（ 3 分）（ 2013 秋?津南区校级月考）下列关于曲线运动的说法中，正确的是（）A．做曲线运动的物体的加速度一定是变化的B．做曲线运动的物体的速度大小一定是变化的C．做匀速圆周运动的物体，所受的合外力不一定时刻指向圆心D．骑自行车冲到圆弧形桥顶时，人对自行车座的压力小于人受到的重力考点：曲线运动．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，速度的方向与该点曲线的切线方向相同．解答：解： A、做曲线运动的物体的加速度不一定是变化的，比如：平抛运动，其加速度不变，所以 A 错误；B、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，速度大小不一定变化，比如匀速圆周运动，所以 B 错误；C、做匀速圆周运动的物体，所受的合外力一定时刻指向圆心，所以C错误；D、冲到圆弧形桥顶时，根据牛顿第二定律，则有压力小于重力，则出现失重现象，所以 D 正确；故选： D．点评：本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住．6．（ 3 分）（ 2014?泗洪县校级模拟）如图所示，小车沿水平面做直线运动，小车内光滑底面上有一物块被压缩的弹簧压向左壁．小车向右加速运动，若小车向右加速度增大，则车左壁受物块的压力F N1和车右壁受弹簧的压力F N2的大小变化是（）A． F N1不变， F N2变大B． F N1变大， F N2不变C． F N1、 F N2都变大D． F N1变大， F N2减小考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：车右壁受弹簧的压力F N2的大小与弹簧的压缩量成正比．根据牛顿第二定律研究物块所受的左侧壁的压力大小如何变化，再分析车左壁受物块的压力F N1如何变化．解答：解：小车向右加速度增大时，弹簧的长度不变，压缩量不变，根据胡克定律可知，则车右壁受弹簧的压力F N2的大小不变．对物块研究得到：F N1′﹣ F N2=ma，得到左壁对物块的压力F N1′=F N2+ma， F N2不变， a 增大，则F N1′增大，根据牛顿第三定律得知，车左壁受物块的压力F N1增大．故选 B点评：本题关键要抓住弹簧的弹力与压缩量成正比，由胡克定律分析得出弹力不变．7．（ 3 分）（2014?连城县校级模拟）如图所示，在同一轨道平面上的几个人造地球卫星A、B、 C，在某一时刻恰好在同一直线上，下列正确说法有（）A．根据，可知V A＜V B＜V CB．根据万有引力定律，F A＞ F B＞ F CC．向心加速度a A＞ a B＞a CD．运动一周后， C先回到原地点考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：根据卫星的速度公式比较三颗卫星的速度大小．由万有引力定律比较万有引力的大小．卫星的向心加速度等于重力加速度g=，再比较向心加速度的大小．根据周期的大小，分析哪颗卫星先回到原点．解答：解：A、设地球的质量为M，卫星的轨道半径为r ，卫星的速度v=，可见，r越大，v越小，则有v A＞ v B＞ v C．故 A 错误．B、由于三颗的质量关系未知，无法根据万有引力定律F=G比较引力的大小．故B错误．C、卫星的向心加速度等于重力加速度g=，r越小，a越大，则有a A＞ a B＞ a C．故 C正确．D、卫星的周期T==2，r越大，T越大，所以T A＜ T B＜ T C，所以运动一周后， A 先回到原地点．故 D 错误．故选 C．点评：对于卫星的线速度、周期、角速度、向心加速度等物理量的比较，只要抓住卫星的速度公式 v=比较出线速度的大小，其他量可以根据圆周运动知识理解并比较．8．（ 3 分）（ 2013 秋?徐州期末）如图所示，静止在光滑水平面上的物体A，一端靠着处于自然状态的轻质弹簧．现对物体作用一水平恒力，在弹簧被压缩到最短的过程中，物体的速度和加速度的变化情况是（）A．速度增大，加速度增大B．速度增大，加速度减小C．速度先增大后减小，加速度先减小后增大D．速度先增大后减小，加速度先增大后减小考点：牛顿第二定律；速度；加速度．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对物体进行受力分析，根据合力的变化确定加速度的变化．根据加速度的方向和速度方向的关系判断速度的变化．解答：解：对物体进行受力分析：竖直方向物体受力平衡，水平方向受向右的推力 F 和向左的弹簧的弹力，刚开始 F 大于弹力，加速度方向向右，根据牛顿第二定律得：a=，而由于物体向右运动， x 逐渐增大，加速度a逐渐减小，但加速度方向与速度方向相同，故物体速度逐渐增大，当 F 等于弹力时，加速度为0，速度达到最大值，继续向右运动时，弹力继续增大，加速度方向改变且逐渐增大，而速度逐渐减小，最后速度减为0，所以速度先增大后减小，加速度先减小后增大，故 C 正确．故选： C．点评：加速度由合外力和质量决定，本题关键是能正确对运动过程进行受力分析，难度适中．9．（ 3 分）（2013?亭湖区校级模拟）如图所示，A、 B 为两个挨得很近的小球，并列放于光滑斜面上，斜面足够长，在释放 B 球的同时，将 A 球以某一速度v0水平抛出，当 A 球落于斜面上的P 点时， B球的位置位于（）A． P 点以下B． P 点以上C． P 点D．由于 v0未知，故无法确定考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：B 球沿着斜面做的是匀加速直线运动，A球做的是平抛运动，分别计算出AB两个球到达 P 点的时间，比较它们的运动时间就可以判断 A 球落于斜面上的P 点时， B 球的位置．解答：解：设 A 球落到 P 点的时间为t A， AP的竖直位移为y； B 球滑到 P点的时间为t B， BP 的竖直位移也为y，A 球做的是自由落体运动，由y=gt 2得运动的时间为：t A=，B 球做的是匀加速直线运动，运动到P 点的位移为：s=，加速度的大小为：a=gsin θ，根据位移公式s=at 2得， B 运动的时间为：t B═=＞t A（θ 为斜面倾角）．所以 B 正确．故选 B．点评：抓住 AB 两个球的不同的运动的特点，分别求解运动的时间的大小，即可解决本题，本题的关键就是分析清楚 AB 的运动的状态．10．（ 3 分）（ 2011 秋?河西区期中）现有核反应方程为Al+He→P+X，新生成的P 具有放射性，继续发生衰变，核反应方程为：P→Si+Y．平行金属板M、 N 间有匀强电场，且φ M＞φN，X、Y两种微粒竖直向上离开放射源后正确的运动轨迹是（）A．B．C．D．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；天然放射现象．分析：由题，平行金属板M、N 间有匀强电场，且φ M＞φ N，则知板间电场方向水平向右．根据电荷数守恒和质量数守恒，确定X 和 Y 是何种粒子，即可分析它们的偏转方向．解答：解：据题意知：平行金属板M、N 间有匀强电场，且φ M＞φ N，说明平行金属板间电场方向水平向右．根据电荷数守恒和质量数守恒得知：X 是中子，不带电，在电场中不受电场力，不偏转． Y 是正电子，带正电，在电场中所受的电场力水平向右，向右偏转，故 B 正确．故选 B点评：本题是原子物理与电场偏转的综合，抓住核反应的基本规律：电荷数守恒和质量数守恒，确定X、 Y 是何种粒子是解题的关键．二．多选题（每小题 4 分，满分16 分．全部选对得 4 分，选不全得 2 分，有选错或不答的得 0 分，请将正确答案填涂在答题卡上．）11．（ 4 分）（ 2013?雁峰区校级模拟）风洞实验室可产生水平方向大小可调节的风力．实验室中有两个质量不等的球A、B，用一轻质绳连接．把 A 球套在水平细杆上如图所示，对B 球施加水平风力作用，使 A 球与 B 球一起向右匀加速运动．若把A、 B 两球位置互换，重复实验，让两球仍一起向右做匀加速运动，已知两次实验过程中球的加速度相同，A、 B 两球与细杆的动摩擦因数相同．则两次运动过程中，下列物理量一定不变的是（）A．细绳与竖直方向的夹角B．轻绳拉力的大小C．细杆对球的支持力D．风给小球的水平力考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对整体进行分析，根据牛顿第二定律分析细杆对球的支持力和风力如何变化，再对下面小球进行研究，根据牛顿第二定律分析细绳与竖直方向的夹角及细绳拉力如何变化．解答：解： C、 D对整体进行研究：水平方向： F﹣ f= （m A+m B）a①竖直方向： N=（ m A+m B）g ②由②式得知，细杆对球的支持力不变．则细杆对球的滑动摩擦力 f 不变，由于加速度a 不变，则由①得知，风力 F 不变．故CD正确．9AB 错误；故选 CD．点评：本题要注意两球均做匀加速直线运动状态，加速度相同，关键要灵活应用整体法与隔离法．12．（ 4 分）（ 2014 春?路南区校级期末）物体由静止开始做加速度大小为 a 的匀加速直线1运动，当速度达到v 时，改为加速度大小为a2的匀减速直线运动，直至速度为零．在匀加速和匀减速运动过程中物体的位移大小和所用时间分别为x 、x和 t、 t ，下列各式成立的1212是（）A．=B．=C．==D．v=考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：物体先做初速度为零的匀加速运动，后做匀减速运动，末速度为零，两个过程平均速度相等，匀加速运动的末速度与匀减速运动的初速度相同，运用位移公式和速度公式分别研究位移与时间、加速度与时间的关系．对于整个运动过程，应用平均速度研究总位移与总时间的关系．解答：解： A、由题得到，，x2=，则两式相比得到，．故A正确．B 、由 v=a1t 1，又 v=a2t 2，得到，．故B错误．10。
天津市南开中学2014届高三上学期第一次月考_物理_Word版含答案
南开中学2014届高三第一次月考物理试卷2013年10月本试卷分第I 卷（选择题）和第Ⅱ卷两部分，共lOO 分。
考试时间90分钟。
注意事项：1．答卷前，考生务必用钢笔、签字笔或圆珠笔将自己的姓名和准考证号填写在答题卡上。
用铅笔将考试科目（物理）填涂在答题卡上，并将相应的准考证号信息点涂黑。
2．选择题每不题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。
3．非选择题必须用钢笔、签字笔或圆珠笔作答，答案必须写在各题目指定区域内相应位置上；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答的答案无效。
4．考生必须保持答题卡的整洁，考试结束后，将答题卷和答题卡一并交回。
第I 卷一、单选题（本题共8小题，每小题4分，共32分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。
）1、处于激发状态的原子，如果在入射光的电磁场的影响下，引起高能态向低能态跃迁，同时在两个状态之间的能量差以辐射光子的形式发射出去，这种辐射叫做受激辐射，原子发生受激辐射时，发出的光子的频率、发射方向等，都跟入射光予完全一样，这样使光得到加强，这就是激光产生的机理，那么发生受激辐射时，产生激光的原子的总能量n E 、电子的电势能p E 、电子动能k E 的变化关系是( )A ．p E 增大、k E 减小、n E 减小 B ．p E 减小、k E 增大、n E 减小 C ．p E 增大、k E 增大、n E 增大 D ．p E 减小、k E 增大、n E 不变2．如图所示，运动员“3m 跳板跳水”运动的过程可简化为：运动员走上跳板，将跳板从 水平位置B 压到最低点C ，跳板又将运动员竖直向上弹到最高点A ，然后运动员做自由落体运动，竖直落入水中．跳板自身重力忽略不计，则下列说法正确的是( ）A ．运动员向下运动(B ®C)的过程中，先失重后超重，对板的压力先减小后增大B ．运动员向下运动（B ®C ）的过程中，先失重后超重，对板的压力一直增大C ．运动员向上运动(C ®B)的过程中，超重，对极的压力先增大后减小D ．运动员向上运动(C ®B)的过程中，超重，对板的压力一直减小3，某人在静止的湖面上竖直上抛一小铁球（可看成质点），小铁球上升到最高点后自由下落，穿过湖水并陷入湖底的淤泥中一段深度．不计空气阻力，取向上为正方向，在下列v-t 图象中，最能反映小铁球运动过程的速度一时间图线是( )4、在固定于地面的斜面上垂直安放一个挡板，截面为14圆的柱状物体甲放在斜面上，半径与甲相等的光滑圆球乙被夹在甲与挡板之间，没有与斜面接触而处于静止状态，如图l3所示。
【新课标地区】2014届高三上学期物理月考三(B卷) Word版含解析.pdf
中的速度图像可能是图中的( )
10、（2013江西省信丰中学）如图所示，物块A放在直角三角形斜面体B上面，B放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁
，初始时A、B静止；现用力F沿斜面向上推A，但AB小不变B．A、B之间的摩擦力一定变小
C．B与墙之可能没有摩擦力 D．弹簧弹力一定不变
试卷类型：B
2014届高三原创月考试题三
物 理
适用地区：课标地区
考查范围：力学综合
建议使用时间：2013年10月底
第Ⅰ卷
一、单项选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分。在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的
。）
1、（2013陕西省西安八校联考）放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的
于神舟八号的运行速率
B．天宫一号的向心加速度小于神舟八号的向心加速度
C．神舟八号适度加速有可能与天宫一号实现对接
D．天宫一号受到地球的万有引力小于神舟八号受到地球的万有引力
9、如图所示，一个质量为m的圆环套在一根固定的水平长直杆上、环与杆的摩擦因数为μ现给环一个向右的初速度
v0，同时对环加一个竖直向上的作用力F并使F的大小随v的大小变化，两者关系为F＝kv，其中k为常数，则环运动过程
小球，从距离水平地面高为H的管口D处静止释放，最后能够从A端水平抛出落到地面上。下列说法正确的是
A. 小球落到地面相对于A点的水平位移值为
B. 小球落到地面相对于A点的水平位移值为
C. 小球能从细管A端水平抛出的条件是H>2R
D. 小球能从细管A端水平抛出的最小高度Hmin=8、（2013山东省青州市2011年9月29日成功A．天宫号的运行速率大
关系和物块速度v与时间t的关系如图所示．取重力加速度g=10ms2．由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间
天津市津南区咸水沽一中高二物理上学期第一次月考试题
2014-2015学年天津市津南区咸水沽一中高二（上）第一次月考物理试卷一、单项选择（每小题3分，满分30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，请将正确答案填涂在答题卡上．）1．（3分）（2014秋•津南区校级月考）一均匀的扁平条形磁铁与一圆形线圈在同一平面内，如图所示，磁铁的中央与圆心O重合．为了在磁铁运动时在线圈中产生图示方向的感应电流I，磁铁的运动方式应该是（）A．使磁铁沿垂直于线圈平面的方向向纸外平动B．使磁铁在线圈平面内绕O点顺时针方向转动C．使磁铁在线圈平面内向上平动D．N极向纸内、S极向纸外，使磁铁绕O点转动考点：楞次定律．版权所有专题：电磁感应与电路结合．分析：根据产生感应电流的条件：穿过闭合线圈的磁通量要发生变化来判断．图示时刻穿过线圈的磁通量为零．解答：解：A、使磁铁沿垂直于线圈平面的方向向纸外或纸内向上平动时，穿过线圈的磁通量仍为零，不变，不产生感应电流．故AC错误．B、C磁铁在线圈平面内绕O点沿顺时针方向转动时，线圈磁通量保持为零不变，不产生感应电流．故B错误．D、图示时刻穿过线圈的磁通量为零，N极向纸内，S极向纸外转动时，磁通量增大，则线圈中产生感应电流．故D正确．故选：D．点评：本题考查分析、判断能力．对于D项，也可以根据线圈切割磁感线产生感应电流来判断．2．（3分）（2013•东河区校级一模）在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图1所示，当磁场的磁感应强度B随时间t如图2变化时，图中正确表示线圈中感应电动势E变化的是（）A．B．C．D．考点：感生电动势、动生电动势；楞次定律．版权所有专题：电磁感应与电路结合．分析：根据法拉第电磁感应定律求出各段时间内的感应电动势，根据楞次定律判断出各段时间内感应电动势的方向．解答：解：在0﹣1s 内，根据法拉第电磁感应定律，．根据楞次定律，感应电动势的方向与图示箭头方向相同，为正值；在1﹣3s内，磁感应强度不变，感应电动势为零；在3﹣5s内，根据法拉第电磁感应定律，==．根据楞次定律，感应电动势的方向与图示方向相反，为负值．故A正确，B、C、D错误．故选：A．点评：解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律，会根据楞次定律判断感应电动势的方向．3．（3分）（2014秋•津南区校级月考）下列说法不正确的是（）A．热敏电阻能把温度这个热学量转换为电阻这个电学量B．话筒是一种常用的声波传感器，其作用是将电信号转换为声信号C．电子秤是把力转换为电压这个电学量D．电熨斗能够自动控制温度的原因是它装有双金属片温度传感器，这种传感器的作用是控制电路的通断考点：传感器在生产、生活中的应用．版权所有分析：传感器的作用是将温度、力、光、声音等非电学量转换为电学量，根据传感器的特点即可解答．解答：解：A、热敏电阻的电阻值随温度发生变化，能把温度这个热学量转换为电阻这个电学量．故A正确；B、话筒是一种常用的声波传感器，其作用是将声音信号转换为电信号．故B错误；C、电子秤是通过压力传感器把力转换为电压这个电学量．故C正确；D、电熨斗能够自动控制温度的原因是它装有双金属片温度传感器，这种传感器的作用是控制电路的通断．故D正确．本题选择不正确的，故选：B点评：本题考查各种传感器的特点与性质，属于记忆性的知识点，记住知识点的内容即可．4．（3分）（2014秋•津南区校级月考）如图甲中所示，一矩形线圈abcd在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，线圈所围面积的磁通量Φ随时间t变化的规律如图乙所示，下列论述正确的是（）A．t1时刻线圈中感应电动势最大B．t2时刻线圈中磁通量变化率为零C． t3时刻线圈平面与中性面重合D．t4、t5时刻线圈中感应电流方向相同考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理．版权所有专题：交流电专题．分析：由数学知识可知：磁通量﹣时间图象斜率等于磁通量的变化率，其大小决定了感应电动势的大小．当线圈的磁通量最大时，线圈经过中性面，电流方向发生改变．解答：解：A、t1时刻通过线圈的磁通量最大，而磁通量的变化率等于零，故感应电动势为零，故A错误；B、t2时刻磁通量为零，线圈与磁场平行，磁通量变化率最大，故B错误；C、t3时刻线圈的磁通量最大，处于中性面，故C正确；D、t4时刻磁通量为零，线圈与磁场平行，线圈中感应电动势最大，电流最大；t5时刻线圈中没有感应电流；故D错误；故选：C．点评：本题关键抓住感应电动势与磁通量是互余关系，即磁通量最大，感应电动势最小；而磁通量最小，感应电动势最大．5．（3分）（2014•象山县校级模拟）如图甲所示，长直导线与闭合金属线框位于同一平面内，长直导线中的电流i随时间t的变化关系如图乙所示．在0﹣时间内，直导线中电流向上，则在﹣T时间内，线框中感应电流的方向与所受安培力情况是（）A．感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向左B．感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向右C．感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向右D．感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向左考点：楞次定律；安培力．版权所有分析：在﹣T时间内，直线电流方向向下，根据安培定则判断出直导线周围的磁场，根据磁场的变化，通过楞次定律判断出金属线框中的感应电流，从而通过受力判断线框所受安培力的合力．解答：解：在﹣T时间内，直线电流方向向下，根据安培定则，知导线右侧磁场的方向垂直纸面向外，电流逐渐增大，则磁场逐渐增强，根据楞次定律，金属线框中产生顺时针方向的感应电流．根据左手定则，知金属框左边受到的安培力方向水平向右，右边受到的安培力水平向左，离导线越近，磁场越强，则左边受到的安培力大于右边受到的安培力，所以金属框所受安培力的合力水平向右．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：解决本题的关键掌握安培定则判断电流与其周围磁场的方向的关系，运用楞次定律判断感应电流的方向，以及运用左手定则判断安培力的方向．6．（3分）（2013秋•船营区校级期中）如图所示，上下不等宽的平行金属导轨的EF和GH两部分导轨间的距离为2L，IJ和MN两部分导轨间的距离为L，导轨竖直放置，整个装置处于水平向里的匀强磁场中，金属杆ab和cd的质量均为m，都可在导轨上无摩擦地滑动，且与导轨接触良好，现对金属杆ab施加一个竖直向上的作用力F，使其匀速向上运动，此时cd处于静止状态，则F的大小为（）A．2mg B．3mg C．4mg D．1mg考点：导体切割磁感线时的感应电动势；安培力；法拉第电磁感应定律．版权所有专题：电磁感应与电路结合．分析：当ab杆向上切割磁感线，从而产生感应电动势，出现感应电流，产生安培力．安培力对于cd来说与其重力平衡，对于ab来说与重力三合起来与拉力相平衡．因此通过安培力的大小公式可分别求出两杆的受到的安培力大小，即可求解．解答：解：ab杆向上切割磁感线，从而产生感应电动势为E=BLv，出现感应电流I=，安培力大小为F安=BI•2L，对于cd来说，受到的安培力为F安=BI•L，且F安′=BI•L=mg，由于金属杆ab施加一个竖直向上的作用力F，使其匀速向上运动，所以F=mg+F安综上可得，F=mg+2mg=3mg故选：B．点评：考查杆切割磁感线产生感应电动势，出现感应电流，产生安培力，注意安培力的有效切割长度，同时运用受力平衡条件．7．（3分）（2013秋•宝坻区校级期末）如图所示，水平桌面上放一闭合铝环，在铝环轴线上方有一条形磁铁．当条形磁铁沿轴线竖直向下迅速移动时，下列判断中正确的是（）A．铝环有收缩趋势，对桌面压力减小B．铝环有收缩趋势，对桌面压力增大C．铝环有扩张趋势，对桌面压力减小D．铝环有扩张趋势，对桌面压力增大考点：楞次定律．版权所有分析：解本题时应该掌握：楞次定律的理解、应用．在楞次定律中线圈所做出的所有反应都是阻碍其磁通量的变化．如：感应电流磁场的磁通量、面积、速度、受力等．解答：解：根据楞次定律可知：当条形磁铁沿轴线竖直向下迅速移动时，闭合导体环内的磁通量增大，因此线圈做出的反应是面积有收缩的趋势，同时将远离磁铁，故增大了和桌面的挤压程度，从而使导体环对桌面压力增大，选项B正确，ACD错误．故选：B点评：本题从力、运动的角度考察楞次定律，思维含量高，考察角度新颖．要注意使用楞次定律的推广形式解答比较便捷．8．（3分）（2014秋•津南区校级月考）如图所示，两个闭合铝环A、B与一个螺线管套在同一铁芯上，A、B可以左右摆动，则（）A．在S闭合的瞬间，A、B必相吸B．在S闭合的瞬间，A、B必相斥C．在S断开的瞬间，A、B中无电流D．在S断开的瞬间，A、B必相斥考点：楞次定律．版权所有专题：电磁感应与电路结合．分析：当开关闭合或断开时，穿过线圈的磁通量发生变化，产生感应电流，同向电流相互吸引，反向电流相互排斥．解答：解：A、在S闭合瞬间，穿过两个线圈的磁通量变化相同，线圈中产生同方向的感应电流，同向电流相吸，则A、B 相吸，A正确，B错误；C、在S断开瞬间，穿过两个线圈的磁通量变化相同，线圈中产生同方向的感应电流，同向电流相吸，则A、B 相吸，CD错误．故选：A．点评：本题考查了楞次定律的应用，同时要掌握：同向电流相互吸引，反向电流相互排斥．9．（3分）（2014秋•津南区校级月考）每边长为L的正方形线圈，匝数为N，总电阻为R，把它放在均匀增强的匀强磁场中，线圈平面与磁感线方向垂直．当线圈闭合后，在△t时间内通过导体横截面的电量为Q，则磁感应强度的变化量△B为（）A．B．C．D．考点：法拉第电磁感应定律；磁通量．版权所有分析：根据通过导体横截面的电量为Q与磁通量的变化量之间的关系，求出磁通量的变化即可．解答：解：通过导体横截面的电量：Q=It=，所以：故选：B点评：本题关键是要能牢记通过导体横截面的电量为Q与磁通量的变化量之间的关系，能够顺利导出该公式．10．（3分）（2012秋•勉县校级期末）如图所示，金属环半径为a，总电阻为R，匀强磁场磁感应强度为B，垂直穿过环所在平面．电阻为的导体杆AB沿环表面以速度v向右滑至环中央时，杆的端电压为（）A．B av B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．版权所有专题：电磁感应与电路结合．分析：根据切割产生的感应电动势公式求出电动势的大小，结合闭合电路欧姆定律求出杆的两端电压．解答：解：导体棒相当于电源，切割产生的感应电动势为E=B•2av总电阻：则电流的大小为：I=．所以杆的两端电压为：U=E﹣I×=．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道杆子两端的电压是外电压，结合切割产生的感应电动势、闭合电路欧姆定律进行求解．二、不定向项选择（每小题4分16分．在每小题给出的四个选项中，有一个或一个以上选项符合题目要求，全部选对得4分，选不全得2分，有选错或不答的得0分，请将正确答案填涂在答题卡上．）11．（4分）（2013春•沈河区校级期中）穿过一个电阻为2Ω的闭合线圈的磁通量每秒均匀减小0.4Wb，则线圈中（）A．感应电动势为0.4V B．感应电动势每秒减小0.4VC．感应电流恒为0.2A D．感应电流每秒减小0.2A考点：法拉第电磁感应定律．版权所有专题：电磁感应与电路结合．分析：穿过闭合线圈的磁通量每秒均匀减小0.4Wb，得到磁通量变化率，由法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由欧姆定律求解感应电流．解答：解：A、穿过闭合线圈的磁通量每秒均匀减小0.4Wb，则得到磁通量变化率大小为=0.4Wb/s，由法拉第电磁感应定律得：E==0.4V，感应电动势不变，故A正确，B错误．C、由欧姆定律得，感应电流为I===0.2A，电流恒定不变，故C正确，D错误．故选：AC．点评：当穿过闭合线圈的磁通量均匀变化时，线圈中产生的感应电动势和感应电流是恒定不变的．12．（4分）（2014秋•津南区校级月考）关于磁通量下列说法不正确的是（）A．磁通量越大表示磁感应强度越大B．面积越大穿过它的磁通量也越大C．穿过单位面积的磁通量等于磁感应强度D．磁通量不仅有大小而且有方向是矢量考点：磁通量．版权所有分析：磁通量可以形象说成穿过线圈的磁感线的条数，当磁感线与线圈垂直时，则磁通量∅=BS；当磁感线与线圈平行时，磁通量为零．因此不能根据磁通量的大小来确定磁感应强度．解答：解：A、B、磁通量的大小除与磁感应强度有关，还与线圈的面积及夹角有关．故AB 错误；C、当磁感线与线圈平面垂直时，磁通量的大小∅=BS，因此磁感应强度可知，穿过垂直于感应强度方向的某个闭合面单位面积的磁感线条数等于磁感应强度，但要求磁场应与面积相互垂直时才能成立；故C错误；D、磁通量的正负是表示从哪一个面穿过，不表示其方向，故磁通量不是矢量；故D错误；本题选错误的；故选：ABCD．点评：本题考查磁通量的概念，及计算公式与成立条件，同时让学生明白同一磁场，同一线圈不同的放置，则穿过线圈的磁通量不同．13．（4分）（2014秋•津南区校级月考）下列说法中正确的有（）A．交流电电气设备上标明的是电压、电流的最大值B．电容器上标明的电压是最大值C．交流电压表和电流表测出的是瞬时值D．220V交流电的电压有效值是220V考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．版权所有专题：交流电专题．分析：明确交变电流的四值的意义：明确电容上标注为最大值；其他电器及电表的读数均为有效值．解答：解：A、交流电电器设备上标明的是电压、电流的有效值，不是最大值．所以A错误．B、电容器上标明的电压是允许接入的电压最大值，否则电容器会被击穿．所以B正确．C、交流电压表和电流表测出的是电压、电流的有效值．所以C错误．D、通常所说的电压、电流的值，都是指有效值，因此220V交流电的电压有效值是220V．所以D正确．故选：BD．点评：要知道交流电的电压、电流的最大值、有效值、瞬时值的含义，以及常用仪器设备标注、测量、使用的是什么值．14．（4分）（2014秋•津南区校级月考）如图所示，导线MN可无摩擦地沿竖直的长直导轨滑动．匀强磁场B方向如图，回路电阻是R，将MN由静止释放，下列办法中哪些能使MN的极限速度值增大到原来的两倍（MN的电阻不计，横截面积不变，框架宽与MN长度相等）（）A．将R增加一倍B．将MN长度增大到原来的两倍C．将MN长度减小一半D．将B减为原来倍考点：导体切割磁感线时的感应电动势．版权所有专题：电磁感应与电路结合．分析：当MN做匀速运动时，所受的安培力与重力二力平衡，推导出安培力与速度的表达式，根据平衡条件进行分析．解答：解：当MN棒以速度v匀速运动时，回路中感应电流：I=MN所受的安培力大小为：F=BIL=BL=根据平衡条件有：mg=F=则得：v=根据此式分析可知，要使速度v加倍，可以定值电阻R的阻值加倍，或磁场的磁感应强度B变为原来的，或把MN的长度及框架的宽度L变为原来的，或把MN的质量m加倍，故BC错误，AD正确．故选：AD．点评：解决本题的关键推导出安培力的经验公式F=，运用平衡条件得到v的表达式，即可进行分析．三、填空题：（本题共14分，请将正确答案写于相应的位置）15．（8分）（2014秋•津南区校级月考）某班同学在探究感应电流产生的条件时，做了如下实验：探究Ⅰ：如图甲所示，先将水平导轨、导体棒ab放置在磁场中，并与电流表组成一闭合回路．然后进行如下操作：①ab与磁场保持相对静止；②让导轨与ab一起平行于磁感线运动；③让ab做切割磁感线运动．探究Ⅱ：如图乙所示，将螺线管与电流表组成闭合回路．然后进行如下操作：①把条形磁铁放在螺线管内不动；②把条形磁铁插入螺线管过程中；③把条形磁铁拔出螺线管过程中．探究Ⅲ：如图丙所示，螺线管A、滑动变阻器、电源、开关组成一个回路；A放在螺线管B内，B与电流表组成一个闭合回路．然后进行如下操作：①闭合和断开开关瞬间；②闭合开关，A 中电流稳定后；③闭合开关，A中电流稳定后，再改变滑动变阻器的阻值．可以观察到：（请在（1）（2）（3）中填写探究中的序号）（1）在探究Ⅰ中，③闭合回路会产生感应电流；（2）在探究Ⅱ中，②③闭合回路会产生感应电流；（3）在探究Ⅲ中，①③闭合回路会产生感应电流；（4）从以上探究中可以得到的结论是：当闭合回路中磁通量变化时，闭合回路中就会产生感应电流．考点：研究电磁感应现象．版权所有专题：实验题．分析：闭合电路的一部分导体切割磁感线，回路产生感应电流；穿过闭合回路的磁通量发生变化，回路中产生感应电流，根据题意与感应电流产生的条件分析答题．解答：解：（1）在探究Ⅰ中，①ab与磁场保持相对静止，导体棒不切割磁感线，磁通量不变，不产生感应电流；②让导轨与ab一起平行于磁感线运动，导体棒不切割磁感线，磁通量不变，不产生感应电流；③让ab做切割磁感线运动，穿过回路的磁通量发生变化，产生感应电流；故选③；（2）在探究Ⅱ中，①把条形磁铁放在螺线管内不动，穿过闭合回路的磁通量不变，不产生感应电流；②把条形磁铁插入螺线管过程中，穿过回路的磁通量发生变化，产生感应电流；③把条形磁铁拔出螺线管过程中，磁通量发生变化，产生感应电流；故选②③．（3）在探究Ⅲ中，①闭合和断开开关瞬间，穿过回路的磁通量变化，产生感应电流；②闭合开关，A中电流稳定后，磁通量不变，不产生感应电流；③闭合开关，A中电流稳定后，再改变滑动变阻器的阻值，穿过回路的磁通量变化，产生感应电流．故选①③．（4）从以上探究中可以得到的结论是：当闭合回路中的磁通量变化时，闭合回路中就会产生感应电流故答案为：（1）③；（2）②③；（3）①③；（4）磁通量变化．点评：本题考查了感应电流产生的条件，知道感应电流产生的条件，分析清楚题意即可正确解题．16．（2分）（2014秋•津南区校级月考）一个共有10匝的闭合矩形线圈，总电阻为10Ω、面积为0.04m2，置于水平面上．若线框内的磁感强度在0.02s内，由垂直纸面向里，从1.6T均匀减少到零，再反向均匀增加到2.4T．则在此时间内，线圈内导线中的感应电流大小为8A．考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．版权所有专题：电磁感应与电路结合．分析：由法拉第电磁感应定律求出感应电动势，然后由欧姆定律求出感应电流．解答：解：由法拉第电磁感应定律可得，感应电动势：E=n=n S=10××0.04=80V，由欧姆定律可得，感应电流：I===8A；故答案为：8．点评：本题考查了求感应电流，应用法拉第电磁感应定律、欧姆定律即可正确解题，解题时要注意：磁感应强度是矢量，磁感应强度有方向，解题时要注意磁感应强度的方向，这是本题的易错点．17．（4分）（2010•宣武区一模）为解决楼道照明，在楼道内安装一个传感器与电灯控制电路相接．当楼道内有人走动而发出声响时，电灯即被接通电源而发光，这种传感器输入的是声音信号，经传感器转换后，输出的是电信号．考点：传感器在生产、生活中的应用．版权所有分析：声电传感器是一种把声音信号转化为电信号的传感器，它输入的是声音信号，经传感器转换后，输出的是电信号．声控开关中装的是声敏电阻，这种电阻阻值大小与声音有关：当有声音时，它的阻值会变小；当没有声音时，它的阻值会变大．解答：解：在楼道内安装一个传感器与控制电灯的电路相接．当楼道内有走动而发出声响时，电灯即被电源接通而发光，这种传感器为声电传感器，它输入的是声音信号，经传感器转换后，输出的是电信号．故答案为：声音，电点评：本题是声控开关在实际生活中的具体应用，需要对题中要求有清楚的认识，关键是开关的控制作用．四、计算题：本题共4小题，共40分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．18．（10分）（2014秋•津南区校级月考）一电阻为R的金属圆环，放在匀强磁场中，磁场与圆环所在平面垂直，如图（a）所示．已知通过圆环的磁通量随时间t的变化关系如图（b）所示，图中的最大磁通量φ0和变化周期T都是已知量，求：（1）在t=0到t=的时间内，通过金属圆环某横截面的电荷量q．（2）在t=0到t=T的时间内，金属环内电流的变化规律．（3）在t=0到t=T的时间内，金属环内所产生的电热Q．考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律；焦耳定律．版权所有专题：电磁感应与电路结合．分析：线圈平面垂直处于匀强磁场中，当磁感应强度随着时间均匀变化时，线圈中的磁通量发生变化，从而导致出现感应电动势，产生感应电流．由楞次定律可确定感应电流方向，由法拉第电磁感应定律可求出感应电动势大小．而产生的电量由q=It，求解，而产生的热量则是由焦耳定律求出．解答：解：（1）在t=0到t=的时间内，由法拉第电磁感应定律公式E=N，得：E==由闭合电路殴姆定律得：I==由电量由q=It=×=；（2）在t=0到t=T的时间内，从到、到T，由于磁通量不变，无感应电流；从到，磁感应强度的变化率绝对值相等，故关于电流等大、反向，为I′=；作出t=0到t=T的时间内金属圆环中电流与时间的关系图线，如图所示：（3）在t=0到t=T的时间内，从到、到T，由于磁通量不变，所以金属环不发热．而从0到金属环产生的热量与从到金属环产生的热量是相等的．则有Q1=I2R=所以Q=2Q1=；答：（1）在t=0到t=的时间内，通过金属圆环的电流大小为；（2）t=0到t=T的时间内金属圆环中电流与时间的关系图线如上图所示；（3）在t=0到t=T的时间内，金属环所产生的电热Q为．点评：本题考查楞次定律来判定感应电流方向，由法拉第电磁感应定律来求出感应电动势大小．当然本题还可求出电路的电流大小，及电阻消耗的功率．同时磁通量变化的线圈相当于电源．注意在磁通量不变时，金属环没有电流，则无热量．19．（10分）（2014秋•津南区校级月考）如图所示，竖直平面内有足够长的金属导轨，轨距0.2m，金属导体ab可在导轨上无摩擦地上下滑动，ab的电阻为0.4Ω，导轨电阻不计，导轨ab的质量为0.2g，垂直纸面向里的匀强磁场的磁应强度为0.2T，且磁场区域足够大，当ab导体自由下落0.4s时，突然接通电键K，则：（1）求K接通时棒的加速度；（2）从开始下滑到达到最大速度过程中重力势能转化为什么能量；（3）试说出K接通后，ab导体的运动情况．（g取10m/s2）考点：导体切割磁感线时的感应电动势．版权所有专题：电磁感应与电路结合．分析：闭合导体棒前，杆自由落体运动，闭合后，有感应电流，受向上的安培力，棒可能加速、匀速、减速，根据牛顿第二定律、安培力公式、切割公式、闭合电路欧姆定律列式分析．解答：解：（1）当ab导体自由下落0.4s时，v=gt=10×0.4=4m/s产生的电动势：E=BLv=0.2×0.2×4=0.16V安培力：N重力大于安培力，导体棒加速，根据牛顿第二定律，有mg﹣F=ma，（2）下滑的过程中，棒的速度不断加大，故加速度不断减小；从开始下滑到达到最大速度过程中重力势能转化为棒的动能和产生的电能．（3）K接通后，ab导体的运动情况：，随棒的速度不断加大，故加速度不断减小，最后加速度减至零时变为匀速运动答：（1）K接通时棒的加速度是2m/s2；（2）从开始下滑到达到最大速度过程中重力势能转化为棒的动能和产生的电能；（3）K接通后，ab导体做加速度不断减小的加速运动，最后加速度减至零时变为匀速运动．。
天津市蓟县一中2014届高三物理上学期第一次月考试题新人教版
蓟县一中2013-2014学年度第一学期第一次月考试卷高三物理一、选择题（本题共12小题。
1～9题为单选，每题3分；10～14为多选，全部选对的得4分，选不全的得2分，共47分） 1．下列说法中不符合历史事实的是（ ） A ．亚里士多德认为物体的自然状态是静止的，只有当它受到力的作用才会运动 B ．伽利略认为力是维持物体速度的原因C ．牛顿认为力的真正作用效果总是改变物体的速度，而不是使之运动D ．伽利略根据理想实验推论得出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去2．从地面以一定的速度竖直向上抛出一小球，小球从抛出点上升到最高点的时刻为t 1，下落到抛出点的时刻为t 2。
若空气阻力的大小恒定，则在下图中能正确表示被抛出物体的速率v 随时间t 的变化关系的图线是( )3． A 、B 、C 三物块的质量分别为M ，m 和m 0，作如图所示的连接．绳子不可伸长，且绳子和滑轮的质量、滑轮的摩擦均可不计．若B 随A 一起沿水平桌面做匀速运动，则可以断定( )A ．物块A 与桌面之间有摩擦力，大小为m 0gB ．物块A 与B 之间有摩擦力，大小为m 0gC ．桌面对A ，B 对A ，都有摩擦力，两者方向相同，合力为m 0gD ．桌面对A ，B 对A ，都有摩擦力，两者方向相反，合力为m 0g4．我国已于2011年9月末发射“天宫一号”目标飞行器，之后将发射“神舟八号”飞船并与“天宫一号”实现对接。
某同学为此画出“天宫一号”和“神舟八号”绕地球做匀速圆周运动的假想图如图所示，A 代表“天宫一号”，B 代表“神舟八号”，虚线为各自的轨道。
由此假想图可以判定（ ） A ．“天宫一号”的运行速率大于“神舟八号”的运行速率 B ．“天宫一号”的周期小于“神舟八号”的周期C ．“天宫一号”的向心加速度小于“神舟八号”的向心加速度D ．“神舟八号”适度减速有可能与“天宫一号”实现对接5．在高速公路的拐弯处，通常路面都是外高内低。
天津市津南区咸水沽一中2014届高三物理上学期月考(三)试题(含解析)
2013-2014学年某某市津南区咸水沽一中高三〔上〕月考物理试卷〔三〕一．单项选择〔此题共11小题，每一小题3分，总分为33分.请将正确答案填涂在答题卡上.〕1．〔3分〕〔2013秋•津南区校级月考〕如下列图，体操运动员在单杠上做引体向上，双臂平行或双臂张开，都可以使自己向上缓慢升起，如此双臂张开与双臂平行相比〔〕A．手臂受到的拉力不变B．手臂受到的拉力小C．双臂受到的拉力的合力不变D．手臂受到的拉力的大小不可能等于人的重力2．〔3分〕〔2013•黄浦区二模〕日本福岛核电站核泄漏事故的污染物中含有，这种放射性核素通过一系列衰变能产生对人体有危害的辐射，的衰变过程为→+如此原子核中质子数和中子数分别为〔〕A．77和54 B．78和53 C．54和77 D．53和783．〔3分〕〔2009•山东〕某物体做直线运动的v﹣t图象如下列图，据此判断如下〔F表示物体所受合力，x表示物体的位移〕四个选项中正确的答案是〔〕A．B．C．D．4．〔3分〕〔2013秋•津南区校级月考〕对于质量为m1和m2的两个物体间的万有引力的表达式F=G，如下说法正确的答案是〔〕A．两个物体间的引力总是大小相等，方向相反的，是一对平衡力B．当两物体间的距离r趋于零时，万有引力趋于无穷大C．m1和m2中质量大的物体受力大D．公式中的G是引力常量，它是由实验得出的，而不是人为规定的5．〔3分〕〔2014秋•吴兴区校级期中〕两个质量一样的小球a、b用长度不等的细线拴在天花板上的同一点并在空中同一水平面内做匀速圆周运动，如下列图，如此a、b两小球具有一样的〔〕A．角速度B．线速度C．向心力D．向心加速度6．〔3分〕〔2013•黄浦区二模〕某单色光照射某金属时不能产生光电效应，如下措施中可能使该金属产生光电效应的是〔〕A．延长光照时间B．增大光的强度C．换用频率较低的光照射D．换用波长较短的光照射7．〔3分〕〔2013秋•津南区校级月考〕有一质量为m的木块，从半径为r的圆弧曲面上的a 点滑向b点，如图．如果由于摩擦使木块的运动速率保持不变，如此以下表示正确的答案是〔〕A．木块所受的合外力为零B．木块所受的合外力不为零，但合外力对木块所做的功为零C．木块所受的每个力都不对其做功D．木块的机械能不变8．〔3分〕〔2014春•湖北期中〕下面关于冲量的说法中正确的答案是〔〕A．物体受到很大的冲力时，其冲量一定很大B．当力与位移垂直时，该力的冲量为零C．不管物体做什么运动，在一样时间内重力的冲量一样D．只要力的大小恒定，其一样时间内的冲量就恒定9．〔3分〕〔2013•安徽模拟〕全球卫星定位与通信系统由地球静止轨道卫星A和非静止轨道卫星B组网而成．设有A、B两颗这样的卫星，轨道面一样，运行的速率分别为v1和v2，轨道高度为h1和h2，加速度分别为a1和a2，第一宇宙速度为v，地球半径为R．如此如下关系式正确的答案是〔〕A．=B．=C．D．=10．〔3分〕〔2013•连江县校级模拟〕在光滑的水平面上有两个在同一直线上相向运动的小球，其中甲球的质量m1=2kg，乙球的质量m2=1kg，规定向右为正方向，碰撞前后乙球的速度随时间变化情况如下列图．两球发生正碰后，甲球静止不动，碰撞时间极短，如此碰前甲球速度的大小和方向为〔〕A．0.5m/s，向右B．0.5m/s，向左C．1.5m/s，向右D．1.5m/s，向左11．〔3分〕〔2013秋•津南区校级月考〕如图，在灭火抢险的过程中，消防队员有时要借助消防车上的梯子爬到高处进展救人或灭火作业．为了节省救援时间，在消防车向前前进的过程中，人同时相对梯子匀速向上运动．在地面上看消防队员的运动，如下说法中正确的答案是〔〕A．当消防车匀速前进时，消防队员一定做匀加速直线运动B．当消防车匀速前进时，消防队员一定做匀速直线运动C．当消防车匀加速前进时，消防队员做变加速曲线运动D．当消防车匀加速前进时，消防队员一定做匀变速直线运动二．多项选择题〔每一小题4分，总分为20分．全部选对得4分，选不全得2分，有选错或不答的得0分，请将正确答案填涂在答题卡上.〕12．〔4分〕〔2013秋•津南区校级月考〕2013年4月19日，强台风在海南沿海登陆，水平风速达到40m/s．由于风力，一块质量为2kg的石块从山顶无初速被吹下悬崖，假设山高2000m，假设风速不变，不计其他阻力，取g=10m/s2，如此如下说法中正确的答案是〔〕A．石块做平抛运动B．石块下落过程中加速度越来越大C．石块经过20s落到地面D．石块落地时重力的瞬时功率为4000W13．〔4分〕〔2013秋•津南区校级月考〕竖直向上抛出一个物体，由于受到空气阻力作用，物体落回抛出点的速率小于抛出时的速率，如此在这过程中〔〕A．物体的机械能守恒B．上升时重力对物体做负功，下降时重力对物体做正功，空气阻力全程都在做负功C．物体上升时机械能减小，下降时机械能减小D．物体上升时机械能增大，下降时机械能减小14．〔4分〕〔2013•甘肃一模〕建筑工地常用吊车通过钢索将建筑材料从地面吊到高处〔如图1〕．图2为建筑材料被吊车竖直向上提升过程的简化运动图象，如下判断正确的答案是〔〕A．前5s的平均速度是0.5m/s B．整个过程上升高度是28mC．30～36s材料处于超重状态D．前10s钢索最容易发生断裂15．〔4分〕〔2013秋•津南区校级月考〕如下列图，质量为M的木板静置在光滑的水平面上，在M上放置一质量为m的物块，物块与木板的接触面粗糙．当物块m获得初速度V0而向右滑动时，在滑动过程中下面表示不正确的答案是〔〕A．假设M固定不动，如此m对M摩擦力的冲量为零，而M对m的摩擦力做负功B．假设M不固定，如此m抑制摩擦力做的功全部转化为内能C．假设M不固定，如此m对M的摩擦力做功，等于m抑制M的摩擦力做功D．不论M是否固定，m与M相互作用力的冲量总是大小相等、方向相反16．〔4分〕〔2012•四川〕如下列图，劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m的物体接触〔未连接〕，弹簧水平且无形变．用水平力，缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体静止．撤去F后，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x0．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．如此〔〕A．撤去F后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B．撤去F后，物体刚运动时的加速度大小为﹣μgC．物体做匀减速运动的时间为2D．物体开始向左运动到速度最大的过程中抑制摩擦力做的功为μmg〔x0﹣〕三．填空题〔每空2分，共14分〕17．〔4分〕〔2013秋•津南区校级月考〕〔1〕游标卡尺的读数是mm；〔2〕螺旋测微器的读数是mm．18．〔6分〕〔2013•某某三模〕在用如图a所示的装置“验证机械能守恒定律〞的实验中，打点计时器接在频率为f的交流电源上，从实验中打出的几条纸带中选出一条理想纸带，如图b所示，选取纸带上打出的连续4个点A、B、C、D，各点距起始点O的距离分别为S0、S1、S2、S3，重锤的质量为m，当地的重力加速度为g，如此：〔1〕从打下起始点O到打下C点的过程中，重锤重力势能的减少量为E p减=，重锤动能的增加量为E k增=．〔2〕假设f=50Hz，且测出s0=1.9mm，s1=7.6mm，s2=17.1mm，s3=30.4mm，可求出当地的重力加速度g=m/s2．19．〔2分〕〔2006•威海模拟〕在用如下列图的装置做“探究动能定理〞的实验时，如下说法正确的答案是〔〕A．为了平衡摩擦力，实验中可以将长木板的左端适当垫高，使小车拉着穿过打点计时器的纸带自由下滑时能保持匀速运动B．为简便起见，每次实验中橡皮筋的规格要一样，拉伸的长度要一样C．可以通过改变橡皮筋的条数来改变拉力做功的数值D．可以通过改变小车的质量来改变拉力做功的数值E．实验中要先释放小车再接通打点计时器的电源F．通过打点计时器打下的纸带来测定小车加速过程中获得的最大速度G．通过打点计时器打下的纸带来测定小车加速过程中获得的平均速度20．〔2分〕〔2013秋•津南区校级月考〕如图甲所示，是某同学验证动能定理的实验装置．其步骤如下：a．易拉罐内盛上适量细沙，用轻绳通过滑轮连接在小车上，小车连接纸带．合理调整木板倾角，让小车沿木板匀速下滑．b．取下轻绳和易拉罐，测出易拉罐和细沙的质量m与小车质量M．c．取下细绳和易拉罐后，换一条纸带，让小车由静止释放，打出的纸带如图乙〔中间局部未画出〕，O为打下的第一点．打点计时器的打点频率为f，重力加速度为g．①步骤c中小车所受的合外力可认为是mg②为验证从O→C过程中小车合外力做功与小车动能变化的关系，测出BD间的距离为x0，OC 间距离为x1，如此C点的速度为．如此本实验需要验证的关系式为〔用所测物理量的符号表示〕．四．计算题〔此题共4题，共53分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.〕21．〔8分〕〔2013秋•津南区校级月考〕天文工作者观测到某行星的半径为R1，自转周期为T1，它有一颗卫星，轨道半径为R2，绕行星公转周期为T2，假设万有引力常量为G，求：〔1〕该行星的质量和平均密度；〔2〕要在此行星的赤道上发射一颗近地人造卫星，使其轨道平面与行星的赤道平面重合，且设行星上无气体阻力，求该卫星相对于地心的速度是多少？〔3〕该行星外表的重力加速度．22．〔14分〕〔2013秋•津南区校级月考〕如下列图，一质量为m=1.5kg的滑块从倾角为θ=37°的斜面上自静止开始滑下，滑行距离s=10m后进入半径为R=9m的光滑圆弧轨道AB，其圆心角为θ，然后水平滑上与平台等高的小车．小车质量为M=3.5kg，滑块与斜面与小车外表的动摩擦因数μ=0.35，小车足够长，取g=10m/s2．求：〔1〕滑块在斜面上的滑行时间t1与到达A点的速度大小v A〔2〕滑块脱离圆弧末端B点前轨道对滑块的支持力大小；〔3〕小车匀速时的速度大小与滑块在车上滑行的距离S1．23．〔15分〕〔2013•鄞州区校级模拟〕如图〔甲〕所示，一对平行光滑轨道放置在水平面上，两轨道相距l=1m，两轨道之间用R=3Ω的电阻连接，一质量m=0.5kg、电阻r=1Ω的导体杆与两轨道垂直，静止放在轨道上，轨道的电阻可忽略不计．整个装置处于磁感应强度B=2T的匀强磁场中，磁场方向垂直轨道平面向上，现用水平拉力沿轨道方向拉导体杆，拉力F与导体杆运动的位移s间的关系如图〔乙〕所示，当拉力达到最大时，导体杆开始做匀速运动，当位移s=2.5m时撤去拉力，导体杆又滑行了一段距离s′后停下，在滑行s′的过程中电阻R 上产生的焦耳热为12J．求：〔1〕拉力F作用过程中，通过电阻R上电量q；〔2〕导体杆运动过程中的最大速度v m；〔3〕拉力F作用过程中，电阻R上产生的焦耳热．24．〔16分〕〔2013秋•津南区校级月考〕如下列图，一带电粒子以某一速度V0在竖直平面内做直线运动，经过一段时间后进入一垂直于纸面向里、磁感应强度为B的圆形匀强磁场区域I〔图中未画出磁场区域〕，粒子飞出磁场后垂直电场方向进入宽为L的匀强电场区域Ⅱ，电场强度大小为E，方向竖直向上，当粒子穿出电场时速度大小变为原来的倍，粒子穿出电场后进入宽度为d的匀强磁场区域Ⅲ，磁场方向向外，大小为B，带电粒子的质量为m，电量为q，重力不计．粒子进入磁场时的速度如下列图与水平方向成60°角．求：〔1〕粒子电性？带电粒子在磁场区域I中运动的速度V0多大？〔2〕圆形磁场区域的最小面积S多大？〔3〕假设使粒子能返回电场，磁场区域Ⅲ的宽度d至少多大？2013-2014学年某某市津南区咸水沽一中高三〔上〕月考物理试卷〔三〕参考答案与试题解析一．单项选择〔此题共11小题，每一小题3分，总分为33分.请将正确答案填涂在答题卡上.〕1．〔3分〕〔2013秋•津南区校级月考〕如下列图，体操运动员在单杠上做引体向上，双臂平行或双臂张开，都可以使自己向上缓慢升起，如此双臂张开与双臂平行相比〔〕A．手臂受到的拉力不变B．手臂受到的拉力小C．双臂受到的拉力的合力不变D．手臂受到的拉力的大小不可能等于人的重力考点：力的合成．分析：两手间距增大时，增大了手臂之间的夹角，两只手臂所受的力T的合力F与运动员重力平衡，由此可知合力F大小不变，由于夹角的减小，合力保持不变，只每只手臂所受力T是减小的．解答：解：运动员所受T的合力F与运动员重力大小相等方向相反，故夹角减小时合力大小不变；手臂间距减小时，相当于在力图中两力T之间的夹角θ减小，根据力的平行四边形定如此可知，这两个力减小，但两个力的合力，仍与重力平衡，始终不变．应当选：BC．点评：两个力合成时，分力大小不变，合力随分力间夹角的减小而增大，能反推出：假设保持合力不变，分力如此随夹角的减小而减小．2．〔3分〕〔2013•黄浦区二模〕日本福岛核电站核泄漏事故的污染物中含有，这种放射性核素通过一系列衰变能产生对人体有危害的辐射，的衰变过程为→+如此原子核中质子数和中子数分别为〔〕A．77和54 B．78和53 C．54和77 D．53和78考点：重核的裂变．专题：重核的裂变和轻核的聚变专题．分析：根据电荷数守恒求出Xe原子核的电荷数，从而确定原子核中的质子数．中子数等于质量数减去质子数．解答：解：根据电荷数守恒得，Xe的电荷数为53，如此质子数为53，中子数为131﹣53=78．故D正确，A、B、C错误．应当选D．点评：解决此题的关键知道在衰变的过程中电荷数守恒、质量数守恒．以与知道质量数等于质子数与中子数之和．3．〔3分〕〔2009•山东〕某物体做直线运动的v﹣t图象如下列图，据此判断如下〔F表示物体所受合力，x 表示物体的位移〕四个选项中正确的答案是〔〕A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．分析：在v﹣t图象中倾斜的直线表示物体做匀变速直线运动，加速度恒定，受力恒定．速度﹣﹣时间图象特点：①因速度是矢量，故速度﹣﹣时间图象上只能表示物体运动的两个方向，t轴上方代表的“正方向〞，t轴下方代表的是“负方向〞，所以“速度﹣﹣时间〞图象只能描述物体做“直线运动〞的情况，如果做曲线运动，如此画不出物体的“位移﹣﹣时间〞图象；②“速度﹣﹣时间〞图象没有时间t的“负轴〞，因时间没有负值，画图要注意这一点；③“速度﹣﹣时间〞图象上图线上每一点的斜率代表的该点的加速度，斜率的大小表示加速度的大小，斜率的正负表示加速度的方向；④“速度﹣﹣时间〞图象上表示速度的图线与时间轴所夹的“面积〞表示物体的位移此题中物体先匀加速前进，然后匀减速前进，再匀加速后退，最后匀加减速后退，根据运动情况先求出加速度，再求出合力．解答：解：由图可知前两秒物体做初速度为零的匀加速直线运动，所以前两秒受力恒定，2s ﹣4s做正方向匀加速直线运动，所以受力为负，且恒定，4s﹣6s做负方向匀加速直线运动，所以受力为负，恒定，6s﹣8s做负方向匀减速直线运动，所以受力为正，恒定，综上分析B正确．应当选B．点评：此题关键先根据图象确定物体的运动情况，然后求出各段过程的加速度，最后求解合外力．4．〔3分〕〔2013秋•津南区校级月考〕对于质量为m1和m2的两个物体间的万有引力的表达式F=G，如下说法正确的答案是〔〕A．两个物体间的引力总是大小相等，方向相反的，是一对平衡力B．当两物体间的距离r趋于零时，万有引力趋于无穷大C．m1和m2中质量大的物体受力大D．公式中的G是引力常量，它是由实验得出的，而不是人为规定的考点：万有引力定律与其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：万有引力定律的条件是适用于两质点间的万有引力，自然界中任意两个物体都有万有引力，两物体间相互的万有引力是一对作用力和反作用力．解答：解：AC、两个物体间的万有引力总是大小相等，方向相反，是一对作用力和反作用力，大小一定是相等的，与质量无关．故AC错误．B、当两物体间的距离r趋向零时，两物体不能看成质点，万有引力定律不再适用，得不到万有引力趋于无穷大的结论，故B错误．D、公式中的G是引力常量，是通过实验测量出来的，不是人为规定的，故D正确．应当选：D．点评：解决此题的关键掌握万有引力定律的公式，知道公式的适用条件．5．〔3分〕〔2014秋•吴兴区校级期中〕两个质量一样的小球a、b用长度不等的细线拴在天花板上的同一点并在空中同一水平面内做匀速圆周运动，如下列图，如此a、b两小球具有一样的〔〕A．角速度B．线速度C．向心力D．向心加速度考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：两个小球均做匀速圆周运动，对它们受力分析，找出向心力来源，可先求出角速度，再由角速度与线速度、周期、向心加速度的关系公式求解！解答：解：对其中一个小球受力分析，如图，受重力，绳子的拉力，由于小球做匀速圆周运动，故合力提供向心力；将重力与拉力合成，合力指向圆心，由几何关系得，合力：F=mgtanθ ①；由向心力公式得到，F=mω2r ②；设球与悬挂点间的高度差为h，由几何关系，得：r=htanθ ③；由①②③三式得，ω=，与绳子的长度和转动半径无关，故A正确；由v=wr，两球转动半径不等，线速度不等，故B错误；由a=ω2r，两球转动半径不等，向心加速度不等，故D错误；由F=ω2r，两球转动半径不等，向心力不等，故C错误；应当选A．点评：题关键要对球受力分析，找向心力来源，求角速度；同时要灵活应用角速度与线速度、周期、向心加速度之间的关系公式！6．〔3分〕〔2013•黄浦区二模〕某单色光照射某金属时不能产生光电效应，如下措施中可能使该金属产生光电效应的是〔〕A．延长光照时间B．增大光的强度C．换用频率较低的光照射D．换用波长较短的光照射考点：光电效应．专题：光电效应专题．分析：发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的截止频率，要使该金属产生光电效应，可以增大入射光的频率，光的强度在发生光电效应时只会影响单位时间内发出光电子的数目，假设不能发生光电效应，增大光的强度和延长光照时间都不会使金属发生光电效应．解答：解：要使该金属产生光电效应，可以增大入射光的频率〔或减短入射光的波长〕，延长作用时间，增大光的强度都不会使金属发生光电效应，故A、B、C错误，D正确．应当选D．点评：解决此题的关键是掌握发生光电效应的条件：入射光的频率大于金属的截止频率．7．〔3分〕〔2013秋•津南区校级月考〕有一质量为m的木块，从半径为r的圆弧曲面上的a 点滑向b点，如图．如果由于摩擦使木块的运动速率保持不变，如此以下表示正确的答案是〔〕A．木块所受的合外力为零B．木块所受的合外力不为零，但合外力对木块所做的功为零C．木块所受的每个力都不对其做功D．木块的机械能不变考点：机械能守恒定律；物体做曲线运动的条件．分析：木块下滑过程中速率不变做匀速圆周运动，加速度不为零，具有向心加速度．根据牛顿第二定律分析碗对木块的支持力的变化，分析摩擦力的变化．解答：解：A、木块在下滑过程中做匀速圆周运动，加速度一定不为零，故合力不为零，故A 错误；B、C、在下滑过程中，重力做正功，摩擦力做负功，由动能定理可知，合外力做功为零，故B正确，C错误；D、在整个过程中要抑制摩擦力做功，故机械能减小，故D正确；应当选：BD点评：匀速圆周运动是变加速曲线运动，速度、加速度都时刻在变化．根底题8．〔3分〕〔2014春•湖北期中〕下面关于冲量的说法中正确的答案是〔〕A．物体受到很大的冲力时，其冲量一定很大B．当力与位移垂直时，该力的冲量为零C．不管物体做什么运动，在一样时间内重力的冲量一样D．只要力的大小恒定，其一样时间内的冲量就恒定考点：动量定理．专题：动量定理应用专题．分析：根据冲量的定义式I=Ft分析答题，冲量是矢量，既有大小，又有方向．解答：解：A、力的冲量I=Ft，物体受到很大的冲力时，其冲量不一定很大，故A错误；B、力的冲量I=Ft，不论力与位移是否垂直时，该力的冲量不为零，故B错误；C、由I=mgt可知，不管物体做什么运动，在一样时间内重力的冲量一样，故C正确；D、冲量是矢量，力的大小恒定，在一样时间内的冲量大小相等但方向并不一定一样，冲量不一定一样，故D错误；应当选：C．点评：此题考查了判断冲量是否变化，应用冲量的定义式I=Ft、知道冲量是矢量即可正确解题．9．〔3分〕〔2013•安徽模拟〕全球卫星定位与通信系统由地球静止轨道卫星A和非静止轨道卫星B组网而成．设有A、B两颗这样的卫星，轨道面一样，运行的速率分别为v1和v2，轨道高度为h1和h2，加速度分别为a1和a2，第一宇宙速度为v，地球半径为R．如此如下关系式正确的答案是〔〕A．=B．=C．D．=考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力得出线速度、加速度与轨道半径的关系，从而得出线速度之比、加速度之比．解答：解：根据=ma1得，.根据=ma2得，，．第一宇宙速度的轨道半径等于地球的半径，根据，解得v=．如此，，．故C正确，A、B、D错误．应当选：C．点评：解决此题的关键知道第一宇宙速度的轨道半径等于地球的半径，掌握万有引力提供向心力这一理论，并能灵活运用．10．〔3分〕〔2013•连江县校级模拟〕在光滑的水平面上有两个在同一直线上相向运动的小球，其中甲球的质量m1=2kg，乙球的质量m2=1kg，规定向右为正方向，碰撞前后乙球的速度随时间变化情况如下列图．两球发生正碰后，甲球静止不动，碰撞时间极短，如此碰前甲球速度的大小和方向为〔〕A．0.5m/s，向右B．0.5m/s，向左C．1.5m/s，向右D．1.5m/s，向左考点：动量守恒定律．分析：两球碰撞过程，系统所受的合外力为零，根据动量守恒定律找出符合题意的答案．解答：解：由图知，乙球碰撞前的速度为v2=2m/s，碰撞后的速度为v′2=﹣1m/s，碰撞前后，根据动量守恒定律得：m1v1+m2v2=0+m2v′2解得v1=﹣1.5m/s，所以碰前甲球速度的大小是1.5m/s，方向向左，应当选D．点评：碰撞最根本的规律是系统的动量守恒，要熟悉并能熟练应用．11．〔3分〕〔2013秋•津南区校级月考〕如图，在灭火抢险的过程中，消防队员有时要借助消防车上的梯子爬到高处进展救人或灭火作业．为了节省救援时间，在消防车向前前进的过程中，人同时相对梯子匀速向上运动．在地面上看消防队员的运动，如下说法中正确的答案是〔〕A．当消防车匀速前进时，消防队员一定做匀加速直线运动B．当消防车匀速前进时，消防队员一定做匀速直线运动C．当消防车匀加速前进时，消防队员做变加速曲线运动D．当消防车匀加速前进时，消防队员一定做匀变速直线运动考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：消防员参与了沿梯子方向的匀加速直线运动和水平方向上的直线运动，通过合速度与合加速度是否在同一条直线上判断消防员做直线运动还是曲线运动．解答：解：A、当消防车匀速前进时，根据运动的合成，可知：消防队员一定做匀变速曲线运动，且水平方向的速度不变．故A错误，B正确．C、当消防车匀加速前进时，如果合速度的方向与合加速度的方向不在同一条直线，其加速度的方向、大小均不变，所以消防员做匀变速曲线运动；假设在一条直线上，如此做匀变速直线运动，故C错误；D、当消防车匀减速前进时，根据运动的合成，结合曲线运动条件，如此消防队员一定做匀变速曲线运动，故D错误．应当选：B．点评：解决此题的关键掌握运动的合成与分解，知道通过分解为水平方向和竖直方向来判断消防队员在水平方向的速度变化．二．多项选择题〔每一小题4分，总分为20分．全部选对得4分，选不全得2分，有选错或不答的得0分，请将正确答案填涂在答题卡上.〕。
天津咸水沽第一中学高三物理测试题含解析
天津咸水沽第一中学高三物理测试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （多选）如图为光电管工作原理示意图，入射光的光子能量为，阴极材料的逸出功为W，则（）A．B．c点为电源的负极C．光电子在管内运动过程中电势能减小D．减弱入射光强度，ab两端的电压减小参考答案：CD2. （单选）如图所示的4种明暗相间的条纹，是红光、蓝光各自通过同一个双缝干涉仪器形成的干涉图样以及黄光、紫光各自通过同一个单缝形成的衍射图样（黑色部分表示亮纹）。
则在下面的四个图中，哪个图是蓝光形成的干涉图样A．B．C．D．参考答案：A3. 下图电动机线框abcd的面积为S，匝数为n，匀强磁场磁感应强度为B，线框平面与磁场平行。
若此时闭合开关，则下列说法正确的是A. 该线框将会顺时针转动B. 转动过程中线圈中电流和流过R的电流方向都不变C. 若同时调转电极和磁极方向，则线圈的转动方向改变D. 线框转过90°时，穿过线框平面的磁通量最大，且为nBS参考答案：A【详解】由左手定则可知，该线框将会顺时针转动，若此时闭合开关，则线框将会顺时针转动，选项A正确；转动过程中线圈中电流方向变化，流过R的电流方向不变，选项B错误；根据左手定则，若同时调转电极和磁极方向，则线圈受力方向不变，转动方向不变，选项C错误；线框转过90°时，穿过线框平面的磁通量最大，且为BS，选项D错误。
4. 如图所示，将长木板置于水平桌面上，其左端适当垫高，在长木板的右半部分平整地铺上一块布料，小车以适当的初速度释放后，用打点计时器记录了小车的运动情况，如图乙所示（纸带上各点间的距离可由刻度尺读出）。
已知长木板左端与桌面间的高度差为4cm，木板长度为80cm，重力加速度g=10m/s2。
由以上信息可知小车在布料上运动时的阻力与在木板上运动时的阻力之比为甲乙A．5.5 B．7.5 C．11 D．15参考答案：C5.（单选）2014年度诺贝尔物理学奖授予日本名古屋大学的赤崎勇、大野浩以及美国加州大学圣巴巴拉分校的中村修二，以表彰他们在发明一种新型高效节能光即蓝色发光二极管（LED ）方面的贡献，在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步，下列表述符合物理学史实的是（ ）6. 某实验小组利用如图甲所示的气垫导轨实验装置来探究合力一定时，物体的加速度与质量之间的关系。
天津市津南区咸水沽一中2014-2015学年高一物理上学期第二次月考试题(含解析)新人教版
2014-2015学年某某市津南区咸水沽一中高一〔上〕第二次月考物理试卷一．单项选择题〔共10小题，每题3分，共30分，选对的得3分，选错或不选的得0分〕1．〔3分〕〔2014秋•津南区校级月考〕如下物理量在运算过程中遵循平行四边形定如此的有〔〕a．时间b．速度c．质量d．路程e．加速度f．力．A．1个B．2个C．3个D．4个考点：矢量和标量．版权所有分析：矢量运算时遵循平行四边形定如此，而矢量是既有大小，又有方向的物理量．解答：解：速度、加速度和力都是既有大小，又有方向的矢量，运算时遵循平行四边形定如此，而时间、质量和路程都是只有大小，没有方向的标量，运算时遵循代数加减法如此．故遵循平行四边形定如此的有3个．故C正确，ABD错误．应当选：C点评：矢量和标量的区别有两个：1、是矢量有方向，而标量没有方向；2、是运算法如此不同，矢量运算时遵循平行四边形定如此，标量运算时遵循代数加减法如此．2．〔3分〕〔2012秋•都昌县期末〕在某段公路上，分别有图示的甲、乙两块告示牌，告示牌上面数字的意思是〔〕A．甲是指位移，乙是平均速度B．甲是指路程，乙是平均速度C．甲是指位移，乙是瞬时速度D．甲是指路程，乙是瞬时速度考点：瞬时速度；位移与路程．版权所有专题：常规题型．分析：告示牌甲是量程牌，表示路程．限速是指瞬时速度不能超过多大．解答：解：告示牌甲是里程牌，表示路程．限速是指瞬时速度不能超过多大，告示牌乙上面的数字是瞬时速度．所以甲是指路程，乙是指瞬时速度，故ABC错误，D正确；应当选：D点评：此题考查对生活中常识的了解程度．量程牌的数字、计程器的读数等都表示路程．速度计测量瞬时速度的大小．3．〔3分〕〔2014秋•津南区校级月考〕沿直线运动的一列火车和一辆汽车，在计时开始时与每过1s时火车和汽车的速度分别为v1和v2如表所示，由表中数据可看出三秒内〔〕t/s 0 1 2 3 …V1/m•s﹣1 15.0 15.3 15.6 15.9 …V2/m•s﹣1 20 18 16 14 …A．火车的位移在增大，汽车的位移在减小B．火车的位移在减小，汽车的位移在增大C．火车的速度变化大，汽车的速度变化小D．火车的速度变化慢，汽车的速度变化快考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．版权所有专题：直线运动规律专题．分析：从表格中数据可以看出，火车的速度均匀增大，汽车的速度均匀减小．通过速度方向是否改变判断位移是增加还是减小．通过比拟加速度的大小比拟谁速度变化快．解答：解：AB、从表格中数据可以看出，火车的速度均匀增大，汽车的速度均匀减小．火车和汽车的速度方向不变，所以位移都在增加．故A、B错误．C、火车的加速度为a1===0.3m/s2，汽车的加速度为a2===﹣2m/s2．负号表示方向，知汽车的加速度大于火车的加速度，所以汽车速度变化快，而不是汽车的速度变化大．故C错误，D正确．应当选：D．点评：解决此题的关键知道加速度是反映速度变化快慢的物理量，加速度大，表示速度变化快．4．〔3分〕〔2013•浙江学业考试〕秋日，树叶纷纷落下枝头，其中有一片梧桐叶从高为5m的枝头自静止落至地面，所用时间可能是〔〕A．0.1s B．0.5 s C．1 s D．3 s考点：自由落体运动．版权所有专题：自由落体运动专题．分析：梧桐叶不是自由落体运动，根据h=求解自由落体运动的时间，梧桐叶的运动时间一定大于自由落体运动的时间．解答：解：从高为5m的枝头落下的树叶的运动不是自由落体运动，时间大于自由落体运动的时间；根据h=，得到自由落体运动的时间：t=，故梧桐叶落地时间一定大于1s；应当选：D．点评：此题关键明确梧桐叶的运动不是自由落体运动，运动时间大于自由落体运动的时间，根底题．5．〔3分〕〔2014秋•津南区校级月考〕做匀减速直线运动的质点，它的加速度大小为a，初速度大小为v0，经过时间t速度减小到零，如此它在这段时间内的位移大小如下式子表示不正确的答案是〔〕A．at2 B．v0t C．tD．v0t﹣at2考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．版权所有专题：直线运动规律专题．分析：质点做匀减速直线运动时，位移可以根据位移时间公式、平均速度乘以时间、速度位移关系公式和逆向思维求解．解答：解：A、运用逆向思维：将质点的运动等效看成沿相反的初速度为0、加速度为a的匀加速直线运动，如此位移为：x=at2．故A正确；B、因为质点做匀减速直线运动，而不是匀速直线运动，故其位移不等于v0t，故B错误；C、质点做匀减速直线运动，根据平均速度公式得：x==，故C正确；D、取初速度方向为正方向，如此加速度为﹣a．质点做匀减速直线运动时，位移大小根据位移时间公式为：x=v0t+〔﹣a〕t2．故D 正确．此题选不正确的，应当选：B．点评：对于匀变速直线运动，可用公式较多，关键要能根据条件，灵活选择公式的形式，同时要掌握逆向思维．6．〔3分〕〔2014秋•会宁县期中〕如下物体的受力分析图正确的答案是〔〕A．沿光滑斜面下滑的物体B．光滑球放在墙角静止C．细绳竖直悬挂光滑球静止且与斜面接触D．重力G的杆靠在光滑竖直墙上静止考点：力的合成与分解的运用．版权所有专题：受力分析方法专题．分析：正确的进展受力分析，按照一重力二弹力三摩擦力四其它力的顺序，分析的力都需要找到相应的受力物体，对一些难以把握的弹力和摩擦力的有无，可借助物体的运动状态加以分析，即如果存在这个力，那在这个力的作用下，物体要保持题设中的运动状态．解答：解：A、因为斜面光滑，物体不受摩擦力，但图中所示重力G的力物体是地球，支持力FN的施力物体为斜面，但找不到力F的施力物体，故A错误；B、光滑的小球静止在墙角，所以小球水平方向受力平衡，故墙对球无支持力〔用假设法，如果有该支持力对球而言找不到与之平衡的另一个力故假设不成立，即不存在墙的支持力〕，故B错误；C、因为悬绳竖直，光滑小球静止在斜面上，故小球平衡不斜面的支持力，故FN不存在〔亦找不到FN的施力物体〕，故C错误；D、因为杆靠在光滑竖直墙上处于静止状态，杆有下滑的趋势，故水平面有水平向左的静摩擦力．故D正确．应当选D点评：正确的受力分析是关键，分析受力时不能少力亦不能多力，判断的方法一是找施力物体即分析的每一个力都能找到该力的施力物体，二是满足物体的运动状态即物体在你的受力分析下能保持题设下的运动状态〔静止或匀速直线运动等〕．7．〔3分〕〔2014秋•津南区校级月考〕关于牛顿第一定律有如下说法，其中正确的答案是〔〕 A．物体的运动需要力来维持B．牛顿第一定律可用实验来验证C．只有静止或做匀速直线运动的物体才有惯性D．牛顿第一定律说明力是改变物体运动状态的原因考点：牛顿第一定律．版权所有分析：牛顿第一定律是指出物体不受力的情况下的运动状态，指出力是改变物体运动状态的原因，是理想化模型，现实无法实现．同时提出惯性的概念，惯性的决定因素是质量．解答：解：A、D、牛顿第一定律是指出物体不受力的情况下的运动状态，指出力是改变物体运动状态的原因，物体的运动不需要力来维持．故A错误，D正确；B、牛顿第一定律是理想化模型，现实无法直接验证，故B错误．C、惯性是物体的固有属性，由物体的质量决定，与物体是否运动无关．故C错误．应当选：D．点评：理解好牛顿第一定律提出的两个点：一、力是改变运动状态的原因；二、惯性的概念理解，知道惯性的决定因素是质量．8．〔3分〕〔2008•某某模拟〕图为蹦极运动的示意图．弹性绳的一端固定在O点，另一端和运动员相连．运动员从O点自由下落，至B点弹性绳自然伸直，经过合力为零的C点到达最低点D，然后弹起．整个过程中忽略空气阻力．分析这一过程，如下表述正确的答案是〔〕①经过B点时，运动员的速率最大②经过C点时，运动员的速率最大③从C点到D点，运动员的加速度增大④从C点到D点，运动员的加速度不变．A．①③B．②③C．①④D．②④考点：牛顿第二定律；自由落体运动．版权所有专题：牛顿运动定律综合专题．分析：运动员从B点到C点，重力大于弹力，从C点D点，弹力大于重力，根据牛顿第二定律判断出加速度的变化以与方向，再根据加速度方向和速度方向的关系判断出速度的变化．解答：解：B点到C点，重力大于弹力，加速度方向向下，向下运动的过程中弹力增大，加速度减小，做加速度逐渐减小的加速运动，到达C点，加速度为零．从C点到D点，重力小于弹力，加速度方向向上，向下运动的过程中弹力增大，加速度增大，做加速度逐渐增大的减速运动．知C点的速率最大．故②③正确，①④错误．如此B正确，A、C、D错误．应当选B．点评：解决此题的关键知道加速度的方向与合力的方向一样，当加速度方向与速度方向一样时，速度增大，当加速度方向与速度方向相反时，速度减小．9．〔3分〕〔2014秋•柯城区校级期中〕如下列图，小球A和B的质量均为m，长度一样的四根细线分别连接在两球间、球与水平天花板上P点以与与竖直墙上的Q点之间，它们均被拉直，且P、B间细线恰好处于竖直方向，两小球均处于静止状态，如此P、A间细线对球的拉力大小为〔〕A．mg B．2mg C．mgD．mg考点：共点力平衡的条件与其应用．版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：由题意，P、B间细线恰好处于竖直方向，两小球均处于静止状态，如此知A、B间细线的拉力为零，对A球进展研究，分析受力情况，画出力图，由平衡条件求解Q、A 间水平细线对球的拉力大小．解答：解：由题，P、B间细线恰好处于竖直方向，两小球均处于静止状态，如此知A、B间细线的拉力为零，假设AB绳有拉力如此球B会偏离竖直方向，与矛盾．对A球，分析受力情况，作出力图如图，由平衡条件得：TPA==2mg，选项B正确．应当选B．点评：此题的突破口是P、B间细线恰好处于竖直方向，分析PB间细线拉力为零，问题就变得清晰简单，就是一个三力平衡问题．10．〔3分〕〔2009春•南安市校级期末〕一质量为m的铁球在水平推力F的作用下，静止在倾角为θ的斜面和竖直墙壁之间，铁球与斜面的接触点为A，推力F的作用线通过球心0，如下列图．假设斜面、墙壁均光滑．假设水平推力缓慢增大，如此在此过程中〔〕A．铁球对斜面的作用力缓慢增大B．斜面对铁球的支持力大小为mgcosθC．墙对铁球的作用力大小始终等于推力FD．墙对铁球的作用力大小始终小于推力F考点：共点力平衡的条件与其应用．版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对球受力分析，然后根据共点力平衡条件，运用正交分解法，结合几何关系分析求解．解答：解：A、B、对小球受力分析，受推力F、重力G、墙壁的支持力N、斜面的支持力N′，如图：根据共点力平衡条件，有：x方向：F﹣N′sinθ﹣N=0竖直方向：N′cosθ=mg解得：N′=；N=F﹣mgtanθ；故当F增加时，斜面的支持力为，保持不变，故球对斜面的压力也保持不变，故A错误，B错误；C、D、故当F增加时，墙壁对铁球的作用力不断变大，为N=F﹣mgtanθ＜F；故C错误，D正确；应当选：D．点评：此题关键是对小球受力分析，根据共点力平衡条件，运用正交分解法列式求解．二．不定项选择题〔共4小题，每题4分，共16分，选对的得4分，不全得2分，选错或不选的得0分〕11．〔4分〕〔2014秋•塘沽区校级期中〕以下关于力的说法正确的答案是〔〕A．力可以没有施力物体，但不能离开受力物体B．只有直接接触的物体间才有力C．自然界只有四种根本相互作用，分别是万有引力、电磁相互作用、强相互作用、弱相互作用D．物体各局部都受到重力，可将物体的重力等效集中在一点，这一点叫物体的重心考点：力的概念与其矢量性．版权所有分析：根据力是物体对物体的作用．应知道发生力的作用必须在两个物体之间，正确理解力的作用是相互的．即物体对另一个物体施加力的同时也受到另一个物体对它施加的力的作用．不接触的物体间也能发生力的作用；力的分类；重心的概念．解答：解：A、力不能离开物体而独立存在，既有施力物体，又有受力物体，故A错误B、两个不接触的物体也可以产生力，例如磁铁，故B错误C、自然界只有四种根本相互作用，分别是万有引力、电磁相互作用、强相互作用、弱相互作用，故C正确D、物体任何局部都有质量，故各局部都受到重力，可将物体的重力等效集中在一点，这一点叫物体的重，故D正确应当选：CD．点评：此题考查了学生对力的概念、力的相互性了解与掌握，属于根底题目．12．〔4分〕〔2014秋•塘沽区校级期中〕如下列图，用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，如下说法中正确的答案是〔〕A．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对作用力和反作用力B．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力C．小球对细绳的拉力和细绳对小球的拉力是一对作用力和反作用力D．小球对细绳的拉力和细绳对小球的拉力是一对平衡力考点：作用力和反作用力；共点力平衡的条件与其应用．版权所有分析：一对平衡力与“作用力与反作用力“的共同的特点：二力都是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上．一对平衡力与“作用力与反作用力“的区别：作用力与反作用力描述的是两个物体间相互作用的规律，二力平衡描述的是一个物体在二力作用下处在平衡状态．解答：解：AB、小球受重力，绳的拉力，处于平衡状态，故小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力，故A错误，B正确．CD、小球对细绳的拉力和细绳对小球的拉力，大小相等，相互作用在彼此上，故是作用力和反作用力，故C正确，D错误．应当选：BC点评：此题涉与三力，重力、细线对小球的拉力和小球对细线的拉力，其中重力和细线对小球的拉力是平衡力〔因为小球处于平衡状态〕，细线对小球的拉力和小球对细线的拉力是相互作用力；平衡力和相互作用力是很容易混淆的，要注意其最明显的区别在于是否同体．13．〔4分〕〔2014秋•柯城区校级期中〕如下列图，绳CO、OD、ON结在同一点O，C固定在天花板上，CO绳与天花板成60°角．如果将ON沿墙壁由A至B移动而保持O点的位置不变，设绳CO的拉力为F1，ON拉力为F2，重物重力为G，在将ON绳由A非常缓慢地拉至B的过程中，如下判断正确的答案是〔〕A．F1逐渐变大，F2先增后减，但它们的合力不变B．F1 逐渐变大，F2先减后增，但它们的合力不变C． F1逐渐变小，F2先减后增，但OD绳拉力不变D．F2的最小值为考点：共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：C点固定不动，悬点N由位置A向位置B移动，在这个过程中，物体始终处于平衡状态，找出不变的物理量，画出平行四边形进展分析．解答：解：对O点受力分析，抓住两根绳的合力等于物体的重力，大小和方向都不变，OC 绳拉力方向不变，根据平行四边形定如此得，如图，知ON绳上拉力F2大小先减小后增大，OC上的拉力F1一直变大．所以B正确，AC错误．由图示变化规律可知，当F2与F1垂直时，F2有最小值，且最小值为：，故D正确．应当选：BD．点评：此题为物体平衡条件的一个应用：动态分析，处理这个类型的题需要找出不变的物理量，然后作图或找变化的物理量与不变的物理量之间的关系再加以分析，就是以不变应万变．14．〔4分〕〔2008•佛山二模〕用一轻绳将小球P系于光滑墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，如下列图．P、Q均处于静止状态，如此如下相关说法正确的答案是〔〕A．P物体受4个力B．Q受到3个力C．假设绳子变长，绳子的拉力将变小D．假设绳子变短，Q受到的静摩擦力将增大考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对小球P受力分析，然后对小方块Q受力分析，对P，由平衡条件研究绳子变长时，绳子的拉力如何变化．解答：解：A、P受到重力、Q的支持力和静摩擦力，绳子的拉力，共4个力作用，故A正确．B、Q受到重力、墙壁的弹力、P的压力和静摩擦力，共4个力作用，故B错误．C、设绳子与竖直方向的夹角为α，P的重力为G，绳子的拉力大小为F，如此由平衡条件得：f=GQ，GP+f=Fcosα，如此GP+GQ=Fcosα，GP与GQ不变，假设绳子变长，α变小，cosα变大，如此F变小，故C正确．D、Q受到的静摩擦力竖直向上，与其重力平衡，与绳子长度无关，所以假设绳子变短，Q受到的静摩擦力不变，故D错误．应当选AC．点评：为了防止多力或少力，一般按重力、弹力和摩擦力的顺序分析物体的受力情况．三．填空题〔此题共6空，每空2分，共12分，请将正确答案填在空白处〕15．〔4分〕〔2012春•杭州期末〕原长为16cm的轻质弹簧，当甲、乙两人同时用100N的力由两端反向拉时，弹簧长度变为18cm；假设将弹簧一端固定在墙上，另一端由甲一人用200N 的拉，这时弹簧长度变为20cm，此弹簧的劲度系数为5000N/m．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．版权所有专题：实验题；弹力的存在与方向的判定专题．分析：注意弹簧的示数等于一端的拉力，据此求出劲度系数，然后根据胡克定律即可正确解答．解答：解：甲、乙两人同时用100N的力由两端反向拉时，弹簧拉力为F=100N．根据：F=k〔l﹣l0〕，将l=16cm，l0=18cm，代入得：k=50N/cm=5000N/m，当用200N的力拉时有：F=kx，代入数据得x=4cm，因此此时弹簧长度为：l=l0+4cm=20cm．故答案为：20，5000．点评：此题考查了胡克定律的简单应用，属于简单根底题目，平时注意根底知识的理解与应用．16．〔4分〕〔2013秋•龙海市校级期中〕电磁打点计时器是一种使用低压交流电源的计时仪器，某次用打点计时器研究小车运动的实验中得到一条纸带如下列图，从比拟清晰的0点起，每五个打印点取为一个计数点，分别标明0、1、2、3、4…，量得0与1两点距离x1=30.0mm，1与2两点间距离x2=36.1mm，2与3两点间距离x3=41.8mm，3与4两点间的距离x4=48.0mm，如此小车在打计数点2时的瞬时速度为0.390m/s，小车的加速度为0.593m/s2．〔结果保存三位有效数字〕考点：测定匀变速直线运动的加速度．版权所有专题：实验题．分析：根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出计数点2的瞬时速度，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度．解答：解：计数点2的瞬时速度m/s=0.390m/s．根据△x=aT2，运用逐差法得，a==0.593m/s2．故答案为：0.390、0.593点评：解决此题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动两个重要推论的运用．17．〔4分〕〔2014秋•柯城区校级期中〕在探究求合力的方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳．实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条．〔1〕实验对两次拉伸橡皮条的要求中，如下哪些说法是正确的BD〔填字母代号〕．A．将橡皮条拉伸一样长度即可B．将橡皮条沿一样方向拉到一样长度C．将弹簧秤都拉伸到一样刻度D．将橡皮条和绳的结点拉到一样位置〔2〕同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是B〔填字母代号〕．A．两细绳必须等长B．弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行C．用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大D．在用两个弹簧秤同时拉细绳时要注意使两个弹簧秤的读数相等E．弹簧秤在拉动过程中，应防止外壳与木板发生摩擦．考点：验证力的平行四边形定如此．版权所有专题：实验题．分析：该实验采用了“等效替代〞的原理，即合力与分力的关系是等效的，要求两次拉橡皮筋时的形变量和方向是等效的，注意所有要求都要便于操作，有利于减小误差进展，所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开，据此可正确解答此题．解答：解：〔1〕A、B、本实验的目的是为了验证力的平行四边形定如此，即研究合力与分力的关系．根据合力与分力是等效的，本实验橡皮条两次沿一样方向拉伸的长度要一样．故A错误，B正确；C、D、在白纸上标下第一次橡皮条和绳的结点的位置，第二次将橡皮条和绳的结点拉到一样位置，明确两次效果一样，即两个拉力和一个拉力等效，而弹簧称不必拉到一样刻度．故C错误，D正确．应当选：BD．〔2〕A、通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，并非要求两细绳等长，故A错误；B、测量力的实验要求尽量准确，为了减小实验中因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故B正确；C、用弹簧秤同时拉细绳时，拉力不能太太，也不能太小．故C错误；D、在使用两个弹簧秤同时拉细绳时，弹簧秤示数不一定要相等，故D错误；E、不需要使弹簧秤外壳与〔固定在木板上的〕白纸之间没有摩擦，故E错误；应当选：B．故答案为：〔1〕BD〔2〕B点评：本实验采用的是等效替代的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果一样，可以互相替代．解答实验的出发点为明确实验原理、实验步骤、数据处理，明确合力和分力之间的关系，同时注意应用所学物理根本规律解决实验问题．四．计算题题〔此题共4小题，总分为42分〕18．〔10分〕〔2013秋•江陵县期末〕一辆汽车以72km/h的速度在平直公路上行驶，现因故紧急刹车，汽车刹车过程中加速的大小始终为5m/s2，求〔1〕汽车刹车3s末的速度；〔2〕汽车通过30m所需要的时间；〔3〕汽车从开始刹车到6s末所通过的位移．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．版权所有专题：直线运动规律专题．分析：〔1〕求出汽车刹车到停止所需的时间，因为汽车刹车停止后不再运动，然后根据速度时间公式v=v0+at求出汽车刹车3s末的速度．〔2〕根据速度位移公式，求出汽车通过30m的末速度，再根据t=求出时间．〔3〕判断6s末有没有停止，然后根据位移时间公式求出位移．解答：解：〔1〕规定汽车初速度的方向为正方向，v0=72km/h=20m/s a=﹣5m/s2汽车刹车到停止所需的时间＞3s，知3s末未停止．所以，汽车刹车后3s末的速度v=v0+at=20﹣5×3m/s=5m/s．〔2〕由v2﹣v02=2ax，代入数据可求v=10m/s，如此汽车通过30m所需要的时间t==．〔3〕t0＜6s，知汽车在6s内的位移等于在4s内的位移所以汽车刹车6s末的位移=．点评：解决此题的关键知道汽车刹车停止后不再运动，以与掌握匀变速直线运动的速度时间公式v=v0+at和位移时间公式．19．〔10分〕〔2010秋•益阳校级期末〕如下列图，用细线通过轻网兜把质量为m的足球挂在光滑墙壁上〔细线延长线通过足球球心〕．悬点到足球球心的距离为L，足球的半径为R，重力加速度为g，求：。
高三物理月考试题及答案-天津市津南区咸水沽一中届高三上学期月考
2013-2014学年天津市津南区咸水沽一中高三（上）月考物理试卷（二）一．单项选择（本题共10小题，每小题3分，满分30分.请将正确答案填涂在答题卡上.）1．（3分）（2003•上海）爱因斯坦由光电效应的实验规律，猜测光具有粒子性，从而提出光子说．从科学研究的方法来说，这属于（）2．（3分）（2013秋•津南区校级月考）下列说法正确的是（）3．（3分）（2014秋•赤坎区校级期中）取一根长2m左右的细线，5个铁垫圈和一个金属盘．在线下端系上第一个垫圈，隔12cm再系一个，以后垫圈之间的距离分别为36cm、60cm、84cm，如图所示，站在椅子上，向上提起线的上端，让线自由垂下，且第一个垫圈紧靠放在地上的金属盘．松手后开始计时，若不计空气阻力，则第2、3、4、5个垫圈（）．依次落到盘上的时间关系为1：（﹣1）：（﹣）：（2﹣）4．（3分）（2011•青岛模拟）如图所示，截面为三角形的木块 a 上放置一铁块 b，三角形木块竖直边靠在竖直且粗糙的竖直面上，现用竖直向上的作用力 F，推动木块与铁块一起向上匀速运动，运动过程中铁块与木块始终保持相对静止，则下面说法正确的是（）5．（3分）（2013秋•津南区校级月考）下列关于曲线运动的说法中，正确的是（）6．（3分）（2014•泗洪县校级模拟）如图所示，小车沿水平面做直线运动，小车内光滑底面上有一物块被压缩的弹簧压向左壁．小车向右加速运动，若小车向右加速度增大，则车左壁受物块的压力F N1和车右壁受弹簧的压力F N2的大小变化是（）7．（3分）（2014•连城县校级模拟）如图所示，在同一轨道平面上的几个人造地球卫星A、B、C，在某一时刻恰好在同一直线上，下列正确说法有（）．根据，可知VA＜V B＜V C分析：根据卫星的速度公式比较三颗卫星的速度大小．由万有引力定律比较万有引力的大小．卫星的向心加速度等于重力加速度g=，再比较向心加速度的大小．根据周期的大小，分析哪颗卫星先回到原点．解答：解：A、设地球的质量为M，卫星的轨道半径为r，卫星的速度v=，可见，r越大，v越小，则有v A＞v B＞v C．故A错误．B、由于三颗的质量关系未知，无法根据万有引力定律F=G比较引力的大小．故B错误．C、卫星的向心加速度等于重力加速度g=，r越小，a越大，则有a A＞a B＞a C．故C正确．D、卫星的周期T==2，r越大，T越大，所以T A＜T B＜T C，所以运动一周后，A先回到原地点．故D错误．故选C．点评：对于卫星的线速度、周期、角速度、向心加速度等物理量的比较，只要抓住卫星的速度公式v=比较出线速度的大小，其他量可以根据圆周运动知识理解并比较．8．（3分）（2013秋•徐州期末）如图所示，静止在光滑水平面上的物体A，一端靠着处于自然状态的轻质弹簧．现对物体作用一水平恒力，在弹簧被压缩到最短的过程中，物体的速度和加速度的变化情况是（）解答：解：对物体进行受力分析：竖直方向物体受力平衡，水平方向受向右的推力F和向左的弹簧的弹力，刚开始F大于弹力，加速度方向向右，根据牛顿第二定律得：a=，而由于物体向右运动，x逐渐增大，加速度a逐渐减小，但加速度方向与速度方向相同，故物体速度逐渐增大，当F等于弹力时，加速度为0，速度达到最大值，继续向右运动时，弹力继续增大，加速度方向改变且逐渐增大，而速度逐渐减小，最后速度减为0，所以速度先增大后减小，加速度先减小后增大，故C正确．故选：C．9．（3分）（2013•亭湖区校级模拟）如图所示，A、B为两个挨得很近的小球，并列放于光滑斜面上，斜面足够长，在释放B球的同时，将A球以某一速度v0水平抛出，当A球落于斜面上的P点时，B球的位置位于（）解答：解：设A球落到P点的时间为t A，AP的竖直位移为y；B球滑到P点的时间为t B，BP 的竖直位移也为y，A球做的是自由落体运动，由y=gt2得运动的时间为：t A=，B球做的是匀加速直线运动，运动到P点的位移为：s=，加速度的大小为：a=gsin θ，根据位移公式s=at2得，B运动的时间为：t B═=＞t A（θ为斜面倾角）．所以B正确．故选B．10．（3分）（2011秋•河西区期中）现有核反应方程为Al+He→P+X，新生成的P具有放射性，继续发生衰变，核反应方程为：P→Si+Y．平行金属板M、N间有匀强电场，且φM＞φN，X、Y两种微粒竖直向上离开放射源后正确的运动轨迹是（）．B．C．D．二．多选题（每小题4分，满分16分．全部选对得4分，选不全得2分，有选错或不答的得0分，请将正确答案填涂在答题卡上．）11．（4分）（2013•雁峰区校级模拟）风洞实验室可产生水平方向大小可调节的风力．实验室中有两个质量不等的球A、B，用一轻质绳连接．把A球套在水平细杆上如图所示，对B 球施加水平风力作用，使A球与B球一起向右匀加速运动．若把A、B两球位置互换，重复实验，让两球仍一起向右做匀加速运动，已知两次实验过程中球的加速度相同，A、B两球与细杆的动摩擦因数相同．则两次运动过程中，下列物理量一定不变的是（）12．（4分）（2014春•路南区校级期末）物体由静止开始做加速度大小为a1的匀加速直线运动，当速度达到v时，改为加速度大小为a2的匀减速直线运动，直至速度为零．在匀加速和匀减速运动过程中物体的位移大小和所用时间分别为x1、x2和t1、t2，下列各式成立的是（）．=．=．==．v=解答：解：A、由题得到，，x2=，则两式相比得到，．故A正确．B、由v=a1t1，又v=a2t2，得到，．故B错误．C、对于整个运动过程，x1+x2=（t1+t2），所以，，v=，故CD正确；故选：ACD13．（4分）（2013秋•津南区校级月考）如图所示，某物体沿光滑圆弧轨道由最高点滑到最低点过程中，物体的速率逐渐增大，则以下说法中错误的是（）14．（4分）（2013秋•津南区校级月考）氢原子核外电子分别在第1、2条轨道上运动时，其有关物理量的关系是（）分析：氢原子核外电子半径r n=n2r1，能级E n=；向心力由静电力提供，根据牛顿第二定律求解出角速度表达式分析．解答：解：A、氢原子核外电子半径r n=n2r1，量子数n=1、n=2对应的电子的轨道半径r1＜r2，故A错误；B、电子运动向心力F==mω2r=ma，解得：ω=，所以F1＞F2，a1＞a2，ω1＞ω2，故BC正确；D、能级E n=，由于第一能级为负值，故量子数越大，氢原子能级越高，故D正确；故选：BCD三、填空题（每空2分，共14分）15．（4分）（2012秋•博白县校级期末）质量为5kg的物体受水平拉力F的作用，物体以10m/s的速度在水平面上沿拉力方向做匀速直线运动．当突然撤去F后，物体经5s停止运动，则F的大小为10 N，物体与水平面间的动摩擦因数为0.2 ．（g取10m/s2）解答：解：物体做匀减速运动的加速度大小a=，则阻力的大小f=ma=5×2N=10N，所以F=f=10N．动摩擦因数．故答案为：10N，0.2．16．（4分）（2013秋•津南区校级月考）验证“力的平行四边形定则”实验如图所示，A 为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB、OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．图甲中弹簧秤B的读数为11.40 N；图乙中的F和F'两力中，方向一定沿OA方向的是 F ．17．（6分）（2013•湛江一模）如图1所示为“探究加速度与物体受力与质量的关系”实验装置图．图中A为小车，B为装有砝码的小桶，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电火花打点计时器相连，计时器接50H Z交流电．小车的质量为m1，小桶（及砝码）的质量为m2．（1）下列说法正确的是 D ．A．每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B．实验时应先释放小车后接通电源C．本实验m2应远大于m1D．在用图象探究加速度与质量关系时，应作a﹣图象（2）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a﹣F图象，可能是图2中的图线丙．（选填“甲”、“乙”、“丙”）（3）如图3所示为某次实验得到的纸带，纸带中相邻计数点间的距离已标出，相邻计数点间还有四个点没有画出．由此可求得小车的加速度大小0.49 m/s2．（结果保留二位有效数字）分析：（1）实验时需要提前做的工作有两个：①平衡摩擦力，且每次改变小车质量时，不用重新平衡摩擦力，因为f=mgsinθ=μmgcosθ，m约掉了．②让小车的质量M远远大于小桶（及砝码）的质量m，因为：际上绳子的拉力F=Ma=mg，故应该是m＜＜M，而当m不再远远小于M时a==随m的增大物体的加速度逐渐减小且无限趋近于g．（2）如果没有平衡摩擦力的话，就会出现当有拉力时，物体不动的情况．（3）小车做的是匀加速直线运动，可由△x=at2求解加速度．解答：解：（1）A：平衡摩擦力，假设木板倾角为θ，则有：f=mgsinθ=μmgcosθ，m约掉了，故不需要重新平衡摩擦力．故A错误．B：实验时应先接通电源后释放小车，故B错误．C：让小车的质量M远远大于小桶（及砝码）的质量m，因为：绳子的拉力F=Ma=mg，故应该是m＜＜M，而当m不再远远小于M时a==随m的增大物体的加速度逐渐减小且无限趋近于g，故C错误．D：F=ma，所以：a=，当F一定时，a与成正比，故D正确．（2）遗漏了平衡摩擦力这一步骤，就会出现当有拉力时，物体不动的情况．故图线为丙．（3）设第1段位移为：x1，第2段位移为：x2，计时器打点的时间间隔为0.02s．从比较清晰的点起，每两测量点间还有4个点未画出，说明时间间隔T=0.1s由△x=aT2得：即：0.49×10﹣2=a×0.12解得：a=0.49m/s2故答案为：（1）D；（2）丙；（3）0.49四、计算题（本题共3小题，共40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）18．（12分）（2013秋•津南区校级月考）如图所示，电阻r=0.1Ω，质量m=0.1kg的导体棒ab在外力作用下沿光滑平行导轨以速度v=5m/s向右做匀速运动．导轨的左端c、d间接有定值电阻R=0.4Ω，导轨间距L=0.4m，导轨电阻不计．整个装置处于磁感应强度B=1T的匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面．求：（1）判断a、b两点电势的高低（2）通过R的电流大小和方向（3）外力做功的功率（4）若要棒在外力作用下由静止开始做a=2m/s2的加速度做匀加速运动，写出外力F随时间t变化的关系式．正极，则a点电势高于b点的电势．（2）通过R的电流方向d→c．电流大小为：I===A=0.4A（3）根据功能关系可知：棒做匀速直线运动，外力的功率等于电路中的电功率，则有：P=I2（R+r）=0.42×（0.4+0.1）W=0.08W（4）棒由静止开始做a=2m/s2的加速度做匀加速运动，t末速度 v=at安培力大小 F安=BIL=根据牛顿第二定律得 F﹣F安=ma则 F=ma+=0.2+t=（0.64t+0.2）N答：（1）a点电势比b点高．（2）通过R的电流方向为d→c，大小为0.4A．（3）外力做功的功率为0.08W．（4）外力F随时间t变化的关系式是 F=（0.64t+0.2）N．19．（14分）（2014秋•房山区期末）嫦娥一号”的成功发射，为实现中华民族几千年的奔月梦想迈出了重要的一步．已知“嫦娥一号”绕月飞行轨道近似为圆形，距月球表面高度为H，飞行周期为T，月球的半径为R，引力常量为G．求：（1）“嫦娥一号”绕月飞行时的线速度大小；（2）月球的质量；（3）若发射一颗绕月球表面做匀速圆周运动的飞船，则其绕月运行的线速度应为多大．分析：“嫦娥一号”的轨道半径r=R+H，由v=求解线速度．根据月球对“嫦娥一号”的万有引力提供“嫦娥一号”的向心力，列方程求解月球的质量．绕月球表面做匀速圆周运动的飞船轨道半径约R．解答：解：（1）“嫦娥一号”绕月飞行时的线速度大小v=（2）设月球质量为M，“嫦娥一号”的质量为m，根据牛顿第二定律得 G=解得M=．（2）设绕月飞船运行的线速度为V，飞船质量为m0，则G=又M=，联立解得V=．答：（1）“嫦娥一号”绕月飞行时的线速度大小为；（2）月球的质量为M=；（3）若发射一颗绕月球表面做匀速圆周运动的飞船，则其绕月运行的线速度应为=．20．（14分）（2010•济宁一模）如图所示，在xoy坐标平面的第一象限内有一沿y轴正方向的匀强电场，在第四象限内有一垂直于平面向里的匀强磁场，现有一质量为m、电量为+q 的粒子（重力不计）从坐标原点O射入磁场，其入射方向与y的方向成45°角．当粒子运动到电场中坐标为（3L，L）的P点处时速度大小为v0，方向与x轴正方向相同．求：（1）粒子从O点射入磁场时的速度v；（2）匀强电场的场强E0和匀强磁场的磁感应强度B0．（3）粒子从O点运动到P点所用的时间．解答：解：若粒子第一次在电场中到达最高点P，则其运动轨迹如图所示．粒子在O点时的速度大小为v，OQ段为圆周，QP段为抛物线．根据对称性可知，粒子在Q点时的速度大小也为v，方向与x轴正方向成45°角，可得：V0=vcos45°解得：v=v0（2）在粒子从Q运动到P的过程中，由动能定理得：﹣qEL=mv02﹣mv2解得：E=又在匀强电场由Q到P的过程中，水平方向的位移为：x=v0t1竖直方向的位移为：可得X QP=2L，OQ=L由OQ=2Rcos45°故粒子在OQ段圆周运动的半径：R=L 及，得，（3）在Q点时，v y=v0tan45°=v0设粒子从Q到P所用时间为t1，在竖直方向上有：t1=粒子从O点运动到Q所用的时间为：t2=则粒子从O点运动到P点所用的时间为：t总=t1+t2=．。
天津高三高中物理月考试卷带答案解析
天津高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.以下说法正确的是（）A．利用红外线进行遥感、遥控，主要是因为红外线的波长长，不容易发生衍射B．照相机镜头表面涂上增透膜，以增强透射光的强度，是应用了光的全反射现象C．真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的，与光源、观察者间的相对运动没有关系D．a射线、β射线、γ射线本质上都是电磁波2.图中画出了氢原子的4个能级，并注明了相应的能量E。
在n=4的能级的一群氢原子向低能级跃迁时，能够发出若干种不同频率的光波。
已知金属钾的逸出功为2.22eV。
在这些光波中，能够从金属钾的表面打出光电子的总共有( )A．二种B．三种C．四种D．五种3.图甲、图乙分别表示两种电压的波形，其中图甲所示电压按正弦规律变化，下列说法正确的是（）A．图甲表示交流电，图乙表示直流电B．图甲所示电压的瞬时值表达式为u＝311sin100πt（V）C．两种电压的有效值都是220VD．图甲所示电压经原、副线圈匝数比为10∶1的理想变压器变压后，功率比为10∶14.空间存在竖直向下的匀强电场和水平方向（垂直纸面向里）的匀强磁场，如图所示，已知一离子在电场力和洛仑兹力共同作用下，从静止开始自A点沿曲线ACB运动，到达B点时速度为零，C为运动的最低点.不计重力，则( )A．该离子带负电B．A、B两点位于同一高度C．C点时离子速度最小D．离子到达B点后，将沿原曲线返回A点5.图甲为一列横波在t=0时的波动图象，图乙为该波中x=2m处质点P的振动图象，下列说法正确的是（）A．波速为6m/s；B．波沿x轴负方向传播；C．再过0.5s，P点的动能最大；D．再过2.5s，P点振动路程为1.8cm6.据中新社3月10日消息，我国将于2011年上半年发射“天宫一号”目标飞行器，2011年下半年发射“神舟八号”飞船并与“天宫一号”实现对接。
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2013-2014学年天津市津南区咸水沽一中高三（上）月考物理试卷（三）一．单项选择（本题共11小题，每小题3分，满分33分.请将正确答案填涂在答题卡上.）1．（3分）（2013秋•津南区校级月考）如图所示，体操运动员在单杠上做引体向上，双臂平行或双臂张开，都可以使自己向上缓慢升起，则双臂张开与双臂平行相比（ ）2．（3分）（2013•黄浦区二模）日本福岛核电站核泄漏事故的污染物中含有，这种放射性核素通过一系列衰变能产生对人体有危害的辐射，的衰变过程为→+则原子核中质子数和中子数分别为（ ）3．（3分）（2009•山东）某物体做直线运动的v ﹣t 图象如图所示，据此判断下列（F 表示物体所受合力，x 表示物体的位移）四个选项中正确的是（ ） C4．（3分）（2013秋•津南区校级月考）对于质量为m 1和m 2的两个物体间的万有引力的表达式F=G ，下列说法正确的是（ ）5．（3分）（2014秋•吴兴区校级期中）两个质量相同的小球a、b用长度不等的细线拴在天花板上的同一点并在空中同一水平面内做匀速圆周运动，如图所示，则a、b两小球具有相同的（）金属产生光电效应的是（）7．（3分）（2013秋•津南区校级月考）有一质量为m的木块，从半径为r的圆弧曲面上的a点滑向b点，如图．如果由于摩擦使木块的运动速率保持不变，则以下叙述正确的是（）B组网而成．设有A、B两颗这样的卫星，轨道面相同，运行的速率分别为v1和v2，轨道高度为===其中甲球的质量m1=2kg，乙球的质量m2=1kg，规定向右为正方向，碰撞前后乙球的速度随时间变化情况如图所示．已知两球发生正碰后，甲球静止不动，碰撞时间极短，则碰前甲球速度的大小和方向为（）11．（3分）（2013秋•津南区校级月考）如图，在灭火抢险的过程中，消防队员有时要借助消防车上的梯子爬到高处进行救人或灭火作业．为了节省救援时间，在消防车向前前进的过程中，人同时相对梯子匀速向上运动．在地面上看消防队员的运动，下列说法中正确的是（）二．多选题（每小题4分，满分20分．全部选对得4分，选不全得2分，有选错或不答的得0分，请将正确答案填涂在答题卡上.）12．（4分）（2013秋•津南区校级月考）2013年4月19日，强台风在海南沿海登陆，水平风速达到40m/s．由于风力，一块质量为2kg的石块从山顶无初速被吹下悬崖，假设山高2000m，若风213．（4分）（2013秋•津南区校级月考）竖直向上抛出一个物体，由于受到空气阻力作用，物体落回抛出点的速率小于抛出时的速率，则在这过程中（）2为建筑材料被吊车竖直向上提升过程的简化运动图象，下列判断正确的是（）15．（4分）（2013秋•津南区校级月考）如图所示，质量为M的木板静置在光滑的水平面上，在M上放置一质量为m的物块，物块与木板的接触面粗糙．当物块m获得初速度V0而向右滑动时，在滑动过程中下面叙述不正确的是（）16．（4分）（2012•四川）如图所示，劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变．用水平力，缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体静止．撤去F后，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x0．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．则（）﹣2三．填空题（每空2分，共14分）17．（4分）（2013秋•津南区校级月考）（1）游标卡尺的读数是mm；（2）螺旋测微器的读数是mm．18．（6分）（2013•天津三模）在用如图a所示的装置“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器接在频率为f的交流电源上，从实验中打出的几条纸带中选出一条理想纸带，如图b所示，选取纸带上打出的连续4个点A、B、C、D，各点距起始点O的距离分别为S0、S1、S2、S3，已知重锤的质量为m，当地的重力加速度为g，则：（1）从打下起始点O到打下C点的过程中，重锤重力势能的减少量为E p减=，重锤动能的增加量为E k增=．（2）若f=50Hz，且测出s0=1.9mm，s1=7.6mm，s2=17.1mm，s3=30.4mm，可求出当地的重力加速度g=m/s2．19．（2分）（2006•威海模拟）在用如图所示的装置做“探究动能定理”的实验时，下列说法正确的是（）骤如下：a．易拉罐内盛上适量细沙，用轻绳通过滑轮连接在小车上，小车连接纸带．合理调整木板倾角，让小车沿木板匀速下滑．b．取下轻绳和易拉罐，测出易拉罐和细沙的质量m及小车质量M．c．取下细绳和易拉罐后，换一条纸带，让小车由静止释放，打出的纸带如图乙（中间部分未画出），O为打下的第一点．已知打点计时器的打点频率为f，重力加速度为g．①步骤c中小车所受的合外力可认为是mg②为验证从O→C过程中小车合外力做功与小车动能变化的关系，测出BD间的距离为x0，OC间距离为x1，则C点的速度为．则本实验需要验证的关系式为（用所测物理量的符号表示）．四．计算题（本题共4题，共53分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.）21．（8分）（2013秋•津南区校级月考）天文工作者观测到某行星的半径为R1，自转周期为T1，它有一颗卫星，轨道半径为R2，绕行星公转周期为T2，若万有引力常量为G，求：（1）该行星的质量和平均密度；（2）要在此行星的赤道上发射一颗近地人造卫星，使其轨道平面与行星的赤道平面重合，且设行星上无气体阻力，求该卫星相对于地心的速度是多少？（3）该行星表面的重力加速度．22．（14分）（2013秋•津南区校级月考）如图所示，一质量为m=1.5kg的滑块从倾角为θ=37°的斜面上自静止开始滑下，滑行距离s=10m后进入半径为R=9m的光滑圆弧轨道AB，其圆心角为θ，然后水平滑上与平台等高的小车．已知小车质量为M=3.5kg，滑块与斜面及小车表面的动摩擦因数μ=0.35，小车足够长，取g=10m/s2．求：（1）滑块在斜面上的滑行时间t1及到达A点的速度大小v A（2）滑块脱离圆弧末端B点前轨道对滑块的支持力大小；（3）小车匀速时的速度大小及滑块在车上滑行的距离S1．23．（15分）（2013•鄞州区校级模拟）如图（甲）所示，一对平行光滑轨道放置在水平面上，两轨道相距l=1m，两轨道之间用R=3Ω的电阻连接，一质量m=0.5kg、电阻r=1Ω的导体杆与两轨道垂直，静止放在轨道上，轨道的电阻可忽略不计．整个装置处于磁感应强度B=2T的匀强磁场中，磁场方向垂直轨道平面向上，现用水平拉力沿轨道方向拉导体杆，拉力F与导体杆运动的位移s间的关系如图（乙）所示，当拉力达到最大时，导体杆开始做匀速运动，当位移s=2.5m时撤去拉力，导体杆又滑行了一段距离s′后停下，在滑行s′的过程中电阻R上产生的焦耳热为12J．求：（1）拉力F作用过程中，通过电阻R上电量q；（2）导体杆运动过程中的最大速度v m；（3）拉力F作用过程中，电阻R上产生的焦耳热．24．（16分）（2013秋•津南区校级月考）如图所示，一带电粒子以某一速度V0在竖直平面内做直线运动，经过一段时间后进入一垂直于纸面向里、磁感应强度为B的圆形匀强磁场区域I（图中未画出磁场区域），粒子飞出磁场后垂直电场方向进入宽为L的匀强电场区域Ⅱ，已知电场强度大小为E，方向竖直向上，当粒子穿出电场时速度大小变为原来的倍，粒子穿出电场后进入宽度为d的匀强磁场区域Ⅲ，磁场方向向外，大小为B，已知带电粒子的质量为m，电量为q，重力不计．粒子进入磁场时的速度如图所示与水平方向成60°角．求：（1）粒子电性？带电粒子在磁场区域I中运动的速度V0多大？（2）圆形磁场区域的最小面积S多大？（3）若使粒子能返回电场，磁场区域Ⅲ的宽度d至少多大？2013-2014学年天津市津南区咸水沽一中高三（上）月考物理试卷（三）参考答案与试题解析一．单项选择（本题共11小题，每小题3分，满分33分.请将正确答案填涂在答题卡上.）1．（3分）（2013秋•津南区校级月考）如图所示，体操运动员在单杠上做引体向上，双臂平行或双臂张开，都可以使自己向上缓慢升起，则双臂张开与双臂平行相比（）2．（3分）（2013•黄浦区二模）日本福岛核电站核泄漏事故的污染物中含有，这种放射性核素通过一系列衰变能产生对人体有危害的辐射，的衰变过程为→+则原子核中质子数和中子数分别为（ ）3．（3分）（2009•山东）某物体做直线运动的v ﹣t 图象如图所示，据此判断下列（F 表示物体所受合力，x 表示物体的位移）四个选项中正确的是（ ）C4．（3分）（2013秋•津南区校级月考）对于质量为m1和m2的两个物体间的万有引力的表达式F=G，下列说法正确的是（）5．（3分）（2014秋•吴兴区校级期中）两个质量相同的小球a、b用长度不等的细线拴在天花板上的同一点并在空中同一水平面内做匀速圆周运动，如图所示，则a、b两小球具有相同的（）ω=6．（3分）（2013•黄浦区二模）某单色光照射某金属时不能产生光电效应，下列措施中可能使该金属产生光电效应的是（）7．（3分）（2013秋•津南区校级月考）有一质量为m的木块，从半径为r的圆弧曲面上的a点滑向b点，如图．如果由于摩擦使木块的运动速率保持不变，则以下叙述正确的是（）9．（3分）（2013•安徽模拟）全球卫星定位与通信系统由地球静止轨道卫星A和非静止轨道卫星B组网而成．设有A、B两颗这样的卫星，轨道面相同，运行的速率分别为v1和v2，轨道高度为====ma.=ma，，解得．，．故10．（3分）（2013•连江县校级模拟）在光滑的水平面上有两个在同一直线上相向运动的小球，其中甲球的质量m1=2kg，乙球的质量m2=1kg，规定向右为正方向，碰撞前后乙球的速度随时间变化情况如图所示．已知两球发生正碰后，甲球静止不动，碰撞时间极短，则碰前甲球速度的大小和方向为（）11．（3分）（2013秋•津南区校级月考）如图，在灭火抢险的过程中，消防队员有时要借助消防车上的梯子爬到高处进行救人或灭火作业．为了节省救援时间，在消防车向前前进的过程中，人同时相对梯子匀速向上运动．在地面上看消防队员的运动，下列说法中正确的是（）二．多选题（每小题4分，满分20分．全部选对得4分，选不全得2分，有选错或不答的得0分，请将正确答案填涂在答题卡上.）12．（4分）（2013秋•津南区校级月考）2013年4月19日，强台风在海南沿海登陆，水平风速达到40m/s．由于风力，一块质量为2kg的石块从山顶无初速被吹下悬崖，假设山高2000m，若风2t=13．（4分）（2013秋•津南区校级月考）竖直向上抛出一个物体，由于受到空气阻力作用，物体落回抛出点的速率小于抛出时的速率，则在这过程中（）14．（4分）（2013•甘肃一模）建筑工地常用吊车通过钢索将建筑材料从地面吊到高处（如图1）．图2为建筑材料被吊车竖直向上提升过程的简化运动图象，下列判断正确的是（）at（15．（4分）（2013秋•津南区校级月考）如图所示，质量为M的木板静置在光滑的水平面上，在M上放置一质量为m的物块，物块与木板的接触面粗糙．当物块m获得初速度V0而向右滑动时，在滑动过程中下面叙述不正确的是（）16．（4分）（2012•四川）如图所示，劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变．用水平力，缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体静止．撤去F后，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x0．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．则（）﹣2a===μg=，则物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为=三．填空题（每空2分，共14分）17．（4分）（2013秋•津南区校级月考）（1）游标卡尺的读数是10.50mm；（2）螺旋测微器的读数是0.680mm．18．（6分）（2013•天津三模）在用如图a所示的装置“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器接在频率为f的交流电源上，从实验中打出的几条纸带中选出一条理想纸带，如图b所示，选取纸带上打出的连续4个点A、B、C、D，各点距起始点O的距离分别为S0、S1、S2、S3，已知重锤的质量为m，当地的重力加速度为g，则：（1）从打下起始点O到打下C点的过程中，重锤重力势能的减少量为E p减=mgs2，重锤动能的增加量为E k增=．（2）若f=50Hz，且测出s0=1.9mm，s1=7.6mm，s2=17.1mm，s3=30.4mm，可求出当地的重力加速度g=9.5m/s2．mvT==③=a==19．（2分）（2006•威海模拟）在用如图所示的装置做“探究动能定理”的实验时，下列说法正确的是（）20．（2分）（2013秋•津南区校级月考）如图甲所示，是某同学验证动能定理的实验装置．其步骤如下：a．易拉罐内盛上适量细沙，用轻绳通过滑轮连接在小车上，小车连接纸带．合理调整木板倾角，让小车沿木板匀速下滑．b．取下轻绳和易拉罐，测出易拉罐和细沙的质量m及小车质量M．c．取下细绳和易拉罐后，换一条纸带，让小车由静止释放，打出的纸带如图乙（中间部分未画出），O为打下的第一点．已知打点计时器的打点频率为f，重力加速度为g．①步骤c中小车所受的合外力可认为是mg②为验证从O→C过程中小车合外力做功与小车动能变化的关系，测出BD间的距离为x0，OC间距离为x1，则C点的速度为．则本实验需要验证的关系式为（用所测物理量的符号表示）．四．计算题（本题共4题，共53分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.）21．（8分）（2013秋•津南区校级月考）天文工作者观测到某行星的半径为R1，自转周期为T1，它有一颗卫星，轨道半径为R2，绕行星公转周期为T2，若万有引力常量为G，求：（1）该行星的质量和平均密度；（2）要在此行星的赤道上发射一颗近地人造卫星，使其轨道平面与行星的赤道平面重合，且设行星上无气体阻力，求该卫星相对于地心的速度是多少？（3）该行星表面的重力加速度．，，得==．22．（14分）（2013秋•津南区校级月考）如图所示，一质量为m=1.5kg的滑块从倾角为θ=37°的斜面上自静止开始滑下，滑行距离s=10m后进入半径为R=9m的光滑圆弧轨道AB，其圆心角为θ，然后水平滑上与平台等高的小车．已知小车质量为M=3.5kg，滑块与斜面及小车表面的动摩擦因数μ=0.35，小车足够长，取g=10m/s2．求：（1）滑块在斜面上的滑行时间t1及到达A点的速度大小v A（2）滑块脱离圆弧末端B点前轨道对滑块的支持力大小；（3）小车匀速时的速度大小及滑块在车上滑行的距离S1．s=atmv mvmg=m=μg=1.5m/sa=﹣23．（15分）（2013•鄞州区校级模拟）如图（甲）所示，一对平行光滑轨道放置在水平面上，两轨道相距l=1m，两轨道之间用R=3Ω的电阻连接，一质量m=0.5kg、电阻r=1Ω的导体杆与两轨道垂直，静止放在轨道上，轨道的电阻可忽略不计．整个装置处于磁感应强度B=2T的匀强磁场中，磁场方向垂直轨道平面向上，现用水平拉力沿轨道方向拉导体杆，拉力F与导体杆运动的位移s间的关系如图（乙）所示，当拉力达到最大时，导体杆开始做匀速运动，当位移s=2.5m时撤去拉力，导体杆又滑行了一段距离s′后停下，在滑行s′的过程中电阻R上产生的焦耳热为12J．求：（1）拉力F作用过程中，通过电阻R上电量q；（2）导体杆运动过程中的最大速度v m；（3）拉力F作用过程中，电阻R上产生的焦耳热．求解通过电阻====（Q=1.5J24．（16分）（2013秋•津南区校级月考）如图所示，一带电粒子以某一速度V0在竖直平面内做直线运动，经过一段时间后进入一垂直于纸面向里、磁感应强度为B的圆形匀强磁场区域I（图中未画出磁场区域），粒子飞出磁场后垂直电场方向进入宽为L的匀强电场区域Ⅱ，已知电场强度大小为E，方向竖直向上，当粒子穿出电场时速度大小变为原来的倍，粒子穿出电场后进入宽度为d的匀强磁场区域Ⅲ，磁场方向向外，大小为B，已知带电粒子的质量为m，电量为q，重力不计．粒子进入磁场时的速度如图所示与水平方向成60°角．求：（1）粒子电性？带电粒子在磁场区域I中运动的速度V0多大？（2）圆形磁场区域的最小面积S多大？（3）若使粒子能返回电场，磁场区域Ⅲ的宽度d至少多大？倍，根据牛顿第二定律和，v．B=m，解得：，S=qvB=m，解得：；．至少为．。