精选2018_2019高中物理第四章力与运动章末检测试卷粤教版必修1

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高中物理粤教版必修一第章章末测试题3 word版含解析

高中物理粤教版必修一第四章力与运动章末测试题班级姓名一、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求，全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1．(2019·泰安模拟)下列哪个说法是正确的( )A ．体操运动员双手握住单杠吊在空中不动时处于失重状态B ．蹦床运动员在空中上升和下落过程中都处于失重状态C ．举重运动员在举起杠铃后不动的那段时间内处于超重状态D ．游泳运动员仰卧在水面静止不动时处于失重状态2.(2019·池州模拟)磁性冰箱贴既可以用来装饰冰箱，也可以用来记事备忘，当冰箱贴紧紧吸住侧壁不动时，下列说法正确的是( )A ．冰箱贴受到三个力作用B ．冰箱贴受到四个力作用C ．磁性吸力和弹力是一对相互作用力D ．冰箱贴受到的摩擦力的大小大于其受到的重力3.(2019·大庆模拟)如图所示，A 、B 、C 三球质量均为m ，轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与A 球相连，A 、B 间固定一个轻杆，B 、C 间由一轻质细线连接。

倾角为θ的光滑斜面固定在地面上，弹簧、轻杆与细线均平行于斜面，初始时系统处于静止状态，已知重力加速度为g ，细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是( )A ．A 球的受力情况未变，加速度为零B ．C 球的加速度沿斜面向下，大小为g2C ．A 、B 之间杆的拉力大小为2mg sin θ4.如图所示，物体沿斜面由静止滑下，在水平面上滑行一段距离后停止，物体与斜面和水平面间的动摩擦因数相同，斜面与水平面平滑连接。

下列选项中v 、a 、f 和s 分别表示物体速度大小、加速度大小、摩擦力大小和路程，其中正确的是( )A B C D5.某科研单位设计了一空间飞行器，如图所示，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力的方向与水平方向的夹角α＝60°，使飞行器恰好沿与水平方向成θ＝30°角的直线斜向右上方由静止开始匀加速飞行，经时间t 后，将动力的方向沿逆时针旋转60°同时适当调节其大小，使飞行器可以沿原方向匀减速飞行直至速度为零，飞行器所受空气阻力不计。

高中物理第四章力与运动章末质量评估(四) 粤教版必修1

高中物理第四章力与运动章末质量评估(四)粤教版必修1(测试时间：60分钟分值：100分)一、单项选择题(本题共5小题，每小题4分，共20分、在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求)1、关于惯性，下列说法中正确的是()A、磁悬浮列车能高速行驶是因为列车浮起后惯性小了B、卫星内的仪器由于完全失重惯性消失了C、铁饼运动员在掷出铁饼前快速旋转可增大惯性，飞得更远D、月球上物体的重力只有在地面上的，但是惯性没有变化解析：惯性只与质量有关，与速度无关，A、C不正确；失重或重力加速度发生变化时，物体质量不变，惯性不变，所以B错、D对、答案：D2、质量为m的物体从高处静止释放后竖直下落，在某时刻受到的空气阻力为f，加速度为a＝g，则f的大小是()A、f＝mgB、f＝mgC、f＝mgD、mg解析：根据牛顿第二定律F＝ma得mg－f＝ma，则f＝mg－ma＝mg－mg＝mg，B选项正确、答案：B3、一个球挂在三角形木块的左侧面，如图所示，球与木块均能保持静止，则()A、地面对木块的摩擦力向左B、地面对木块的摩擦力向右C、地面对木块无摩擦D、若地面光滑，木块一定滑动解析：把球和三角形木块作为研究对象，如果整体受到地面摩擦力，则木块会在摩擦力作用下沿水平方向运动，而木块能保持静止，故木块与地面之间无摩擦力作用，选C、答案：C4、水平面上一个质量为m的物体，在一水平恒力F作用下，由静止开始做匀加速直线运动，经时间t后撤去外力，又经时间2t物体停了下来、则物体受到的阻力应为()A、FB、C、D、解析：设阻力为f，由牛顿第二定律得：F－f＝ma1，f＝ma2，v＝a1t，v＝a22t，以上四式联立可得：f＝，只有C正确、答案：C5、跨过定滑轮的绳的一端挂一吊板，另一端被吊板上的人拉住，如图所示、已知人的质量为70 kg，吊板的质量为10 kg，绳及定滑轮的质量、滑轮的摩擦均可不计、取重力加速度g＝10 m/s2、当人以440 N的力拉绳时，人与吊板的加速度a和人对吊板的压力F分别为()A、a＝1、0 m/s2，F＝260 NB、a＝1、0 m/s2，F＝330 NC、a＝3、0 m/s2，F＝110 ND、a＝3、0 m/s2，F＝50 N解析：将人与吊板整体考虑，据牛顿第二定律：2FT－(m人＋m板)g＝(m人＋m板)a，代入数据a＝1、0 m/s2，选项C、D被排除、用隔离法研究人向上运动，设吊板对人的支持力为F′，则FT＋F′－m人g＝m人a，得F′＝330 N、根据牛顿第三定律，人对吊板的压力F＝F′＝330 N，选项B正确、答案：B二、多项选择题(本题共5小题，每小题6分，共30分、在每小题给出的四个选项中有多项符合题目要求，全部选对得6分，漏选得3分，错选或不选得0分)6、质量m＝1 kg的物体在光滑平面上运动，初速度大小为2 m/s、在物体运动的直线上施以一个水平恒力，经过t＝1 s，速度大小变为4 m/s，则这个力的大小可能是()A、2 NB、4 NC、6 ND、8 N解析：物体的加速度可能是2 m/s2，也可能是6m/s2，根据牛顿第二定律，这个力的大小可能是2 N，也可能是6 N，所以答案是A、C、答案：AC7、如图所示，一个盛水的容器底部有一小孔、静止时用手指堵住小孔不让它漏水，假设容器在下述几种运动过程中始终保持平动，且忽略空气阻力，则()A、容器自由下落时，小孔不向下漏水B、将容器竖直向上抛出，容器向上运动时，小孔向下漏水；容器向下运动时，小孔不向下漏水C、将容器水平抛出，容器在运动中小孔向下漏水D、将容器斜向上抛出，容器在运动中小孔不向下漏水解析：容器抛出后，容器及其中的水均做加速度为g的匀变速运动，容器中的水处于失重状态，水对容器的压强为零，无论如何抛出，水都不会流出、故A、D项正确、答案：AD8、静止在光滑水平面上的物体受到一个水平拉力的作用，该力随时间变化的关系如图所示，则以下说法中正确的是( )A、物体在2 s内的位移为零B、4 s末物体将回到出发点C、2 s末物体的速度为零D、物体一直在朝同一方向运动解析：根据图象可知，物体先朝正方向做匀加速直线运动，接着做匀减速直线运动，再做正方向的匀加速直线运动，周期性地朝单方向运动，由于加速和减速阶段的加速度大小相等，所以2 s末的速度为零，位移不为零，A、B错误，C、D正确、答案：CD9、两个完全相同的力分别作用在质量为m1、m2的两个物体上，使它们由静止开始运动，各经t1、t2时间后，两物体速度相同，则两物体通过的位移比是()A、m1∶m2B、m2∶m1C、t1∶t2D、t∶t解析：根据牛顿第二定律及运动学公式知，速度相同时，a1t1＝a2t2、物体加速度为：a1＝，a2＝、物体的位移为：s1＝a1t，s2＝a2t、整理得，＝＝、故答案为A、C答案：AC10、将物体竖直向上抛出，假设运动过程中空气阻力不变，其速度—时间图象如图所示，则()A、上升、下降过程中加速度大小之比为11∶9B、上升、下降过程中加速度大小之比为10∶1C、物体所受的重力和空气阻力之比为9∶1D、物体所受的重力和空气阻力之比为10∶1解析：上升、下降过程中加速度大小分别为：a上＝11 m/s2，a下＝9 m/s2，由牛顿第二定律得：mg＋F阻＝ma上，mg－F阻＝ma下，联立解得：mg∶F阻＝10∶1，A、D正确、答案：AD三、非选择题(本大题5小题，共50分、按题目要求作答、解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤、只写出最后答案的不能得分、有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)11、(6分)如图甲为实验中用打点计时器打出的一条较理想的纸带，纸带上A、B、C、D、E、F、G为七个相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔是0、1 s，距离如图，单位是cm，小车的加速度是________m/s2，在验证质量一定时加速度a和合外力F的关系时，某学生根据实验数据作出了如图乙所示的aF图象，其原因是____________________(结果在小数点后保留两位有效数字)、图甲图乙解析：a的计算利用逐差法、a＝＝＝＝10－2m/s2≈1、60 m/s2、答案：1、60 平衡摩擦力过度12、(8分)如图甲是某同学研究“小车加速度与力的关系”的实验装置，他将光电门固定在水平轨道上的B点，用不同重物通过细线拉同一小车，每次小车都从同一位置A由静止释放，测得sAB＝50 cm，遮光条的宽度d＝1、14 cm(计算结果保留三位有效数字)、(1)某次实验时，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间t1＝2、010－2s，则小车经过光电门时的速度v1＝________m/s、(2)本次实验中小车运动的加速度a1＝________m/s2、(3)实验中，该同学认为细线对小车的拉力F等于重物重力的大小，改变重物的重量测出多组重物的重量和对应遮光条通过光电门的时间，计算出小车相应运动的加速度a，通过描点作出图象乙，分析图线的AB段可得出的实验结论是____________________________、(4)此图线的BC段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是________、A、小车与轨道间存在摩擦B、导轨保持了水平状态C、重物的重量太大D、所用小车的质量太大解析：(1)数字计时器记录通过光电门的时间，由位移公式计算出遮光条通过光电门的平均速度，即遮光条经过光电门时小车的瞬间速度为：v1＝＝ m/s＝0、570m/s、(2)根据匀变速直线运动的速度位移公式v＝2as得：a＝＝m/s2≈0、325 m/s2、(3)分析图线的AB段可得出的实验结论是：AB段几乎是直线，所以a随F的增大线性增大、(4)此图线的BC段明显偏离直线向下弯曲，说明随重物质量的增加，不再满足a随F的增大线性增大；造成此误差的主要原因是未满足小车的质量远大于重物的质量、故正确的选项为C、答案：(1)0、570 (2)0、325 (3)a随F的增大线性增大(4)C13、(12分)一物体沿斜面向上以12 m/s的初速度开始滑动，它沿斜面向上以及沿斜面向下滑动的v-t图象如图所示，求斜面的倾角以及物体与斜面的动摩擦因数(g取10 m/s2)、解析：由图象可知上滑过程的加速度a上＝ m/s2＝6 m/s2，下滑过程的加速度a下＝ m/s2＝4 m/s2、上滑过程和下滑过程对物体受力分析如图：上滑过程a上＝＝gsin θ＋μgcos θ，下滑过程a下＝gsin θ－μgcos θ，解得θ＝30，μ＝、答案：θ＝30 μ＝14、(12分)航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m ＝2 kg，动力系统提供的恒定升力F＝28 N、试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升、设飞行器飞行时所受的阻力大小不变，g 取10 m/s2、(1)第一次试飞，飞行器飞行t1＝8 s时到达高度h＝64 m、求飞行器所受阻力Ff的大小；(2)第二次试飞，飞行器飞行t2＝6 s时遥控器出现故障，飞行器立即失去升力、求飞行器能达到的最大高度h、解析：(1)由h＝at2得：a＝2 m/s2，由F－Ff－mg＝ma得：Ff＝4 N、(2)前6 s向上做匀加速运动，最大速度：v＝at＝12 m/s、上升的高度：h1＝at2＝36 m、然后向上做匀减速运动，加速度：a2＝＝12 m/s2、上升的高度：h2＝＝6 m、所以上升的最大高度：h＝h1＋h2＝42 m、答案：(1)4 N (2)42 m15、(12分)如图所示，水平传送带以2 m/s的速度运动，传送带长AB＝20 m，今在其左端将一工件轻轻放在上面，工件被带动，传送到右端，已知工件与传送带间的动摩擦因数μ＝0、1，取g＝10 m/s2、试求：(1)工件开始时的加速度a；(2)工件的速度为2m/s时，工件运动的位移；(3)工件由传送带左端运动到右端的时间、解析：(1)工件被放在传送带上时初速度为零，相对于传送带向左运动，受滑动摩擦力向右，大小为f＝μmg，工件加速度a＝＝μg＝0、110 m/s2＝1 m/s2，方向水平向右、(2)工件加速到2 m/s时，所需时间t0＝＝ s＝2 s，在t0时间内运动的位移为：s0＝at＝122 m＝2 m，方向水平向右、(3)由于s0＜20 m，故工件达到与传送带同样的速度后与传送带相对静止，一起运动至B 端、工件做匀速运动的时间为：t1＝＝ s＝9 s，工件由传送带左端运动到右端共用时间为：t＝t0＋t1＝11 s、答案：(1)1m/s2，方向水平向右(2)2 m，方向水平向右(2)11 s。

粤教版必修一第四章《力与运动》单元试题

四力与运动（一）（时间：100分钟满分：100分）一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给岀的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确•全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得 0分）1.（2007年高考海南卷）16世纪末，伽利略用实验和推理，推翻了已在欧洲流行了近两千年的亚里士多德关于力和运动的理论，开启了物理学发展的新纪元•在以下说法中，与亚里士多德观点相反的是（）A.四匹马拉的车比两匹马拉的车跑得快。

这说明，物体受到的力越大，速度就越大B.一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来；这说明，静止状态才是物体长时间不受力时的“自然状态”C.两物体从同一高度自由下落，较重的物体下落较快D.—个物体维持匀速直线运动，不需要受力2.下列说法正确的是（）A •运动得越快的汽车越不容易停下来，是因为汽车运动得越快，惯性越大B •物体匀速运动时，存在惯性；物体变速运动时，不存在惯性C •同一物体，放在赤道上比放在北京惯性大D •物体的惯性只与物体的质量有关，与其他因素无关3.某仪器内部电路如图4-1所示，其中M是一个质量较大的金属块，金属块左右两端分别与金属丝制作的弹簧相连，并套在光滑水平细杆上，a、b、c三块金属片的间隙很小（b固定在金属块上）•当金属块处于平衡时两根弹簧均处于原长状态•若将该仪器固定在一辆汽车上，发现乙灯亮时，汽车所做的运动是（）A匀速前进 B .加速前进 C.前进中刹车 D .倒车中刹车----- ----------平的前进方向- --- >图414.赛龙舟时，每个运动员各拿着一个小木桨坐在船的两侧，随着有节奏的号子声，大家齐心划水，使船在水中快速前进的动力是（）A.人对船的作用力B.人对木桨的作用力C.木桨对水的作用力D.水对木桨的作用力5.在2006年2月26日闭幕的都灵冬奥会上，张丹和张吴一起以完美的表演赢得了双人滑比赛的银牌，在滑冰表演刚开始时他们静止不动，随着优美的音乐响起后在相互猛推一下后分别向相反方向运动。

2018-2019学年粤教版物理必修一第四章力与运动单元检测(无答案)

2018-2019学年粤教版物理必修一第四章力与运动单元检测一、单选题1.用手提着一根挂有重物的轻弹簧，竖直向上做匀速直线运动，当手突然停止运动后的一小段时间内，可观察到重物（）A. 立即停止运动B. 继续向上做匀速运动C. 继续向上做加速运动D. 继续向上做减速运动2.在光滑水平面上的木块受到一个方向不变，大小从某一数值逐渐变小的外力作用时，木块将作（）A. 匀减速运动B. 匀加速运动C. 速度逐渐减小的变加速运动D. 速度逐渐增大的变加速运动3.如图示，质量为m的物体，在与水平方向成θ角的拉力F作用下，在水平面上做加速度为a的匀加速运动。

已知物体与水平面间有弹力作用且动摩擦因数为μ，则物体所受的各力产生的加速度的大小，下面说法正确的是（）A. 滑动摩擦力产生的加速度等于μgB. 拉力F产生的加速度为C. 重力和支持力的合力产生的加速度为零D. 合力产生的加速度为4.质量为4kg的物体受到两个大小分别为1 N 和2 N 的共点力作用，则物体的加速度大小可能是（）A. B. C. D.5.以下说法中正确的是（）A. 牛顿第一定律揭示了一切物体都具有惯性B. 速度大的物体惯性大，速度小的物体惯性小C. 力是维持物体运动的原因D. 做曲线运动的质点，若将所有外力都撤去，则该质点因惯性仍可做曲线运动6.下列各个实验中，应用了控制变量法的是（）A. 探究小车速度随时间的变化关系B. 探究小车的加速度与质量、力的关系C. 探究力的平行四边形定则D. 探究弹簧伸长与弹力的关系7.在一种叫做“蹦极跳”的运动中，质量为m的游戏者身系一根长为L、弹性优良的轻质柔软的橡皮绳，从高处由静止开始下落1.5L时达到最低点，若不计空气阻力，则在弹性绳从原长达最低点的过程中，以下说法正确的是（）A. 速度先减小后增大B. 加速度先减小后增大C. 速度一直减小，直到为零D. 加速度一直增大，最后达到某一最大值二、多选题8.如图所示是某工厂所采用的小型生产流水线示意图，机器生产出的物体源源不断地从出口处以水平速度v0滑向一粗糙的水平传送带，最后从传送带上落下装箱打包．假设传送带静止不动时，物体滑到传送带右端的速度为v，最后物体落在P处的箱包中，下列说法正确的是（）A. 若传送带随皮带轮顺时针方向转动起来，且传送速度小于v，物体角落在P点B. 若传送带随皮带顺时针方向转动起来，且传送带速度大于v0，物体仍落在P点C. 若传送带随皮带顺时针方向转动起来，且传送带速度大于v，物体仍落在P点D. 若由于操作不慎，传送带随皮带轮逆时针方向转动起来，物体仍落在P点9.在水平路面上有一辆匀速行驶的小车，车上固定一盛满水的碗。

粤教版物理必修一第四章力与运动单元练习题(含详细答案)

粤教版物理必修一第四章力与运动一、单选题1.如图所示，在教室里某同学站在体重计上研究超重与失重．她由稳定的站姿变化到稳定的蹲姿称为“下蹲”过程；由稳定的蹲姿变化到稳定的站姿称为“起立”过程．关于她的实验现象，下列说法中正确的是()A．只有“起立”过程，才能出现失重的现象B．只有“下蹲”过程，才能出现超重的现象C．“下蹲”的过程，先出现超重现象后出现失重现象D．“起立”“下蹲”的过程，都能出现超重和失重的现象2.如图所示，一长木板在水平地面上运动，初速度为v0，在某时刻(t＝0)将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，己知物块与木板的质量相等，设物块与木板间及木板与地面间均有摩擦且摩擦因数为μ，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上．在物块放到木板上之后，木板运动的速度－时间图象可能是选项中的()A．B．C．D．3.如图，在倾角为α的固定光滑斜面上，有一用绳子栓着的长木板，木板上站着一只猫．已知木板的质量是猫的质量的2倍．当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变．则此时木板沿斜面下滑的加速度为()A．sinαB．g sinαC．g sinαD． 2g sinα4.如图，小物块置于倾角为θ的斜面上，与斜面一起以大小为g tanθ的加速度向左做匀加速直线运动，两者保持相对静止，则运动过程中，小物块受力的示意图为()A．B．C．D．5.如图所示，光滑斜面体固定于水平面上，滑块A、B叠放后一起冲上斜面，且始终保持相对静止，A上表面水平，则在斜面上运动时，B受力的示意图为()．A．B．C．D．6.关于超重和失重，下列说法正确的是()A．物体处于超重时，物体一定在上升B．物体处于失重状态时，物体可能在上升C．物体处于完全失重时，地球对它的引力就消失了D．物体在完全失重时，它所受到的合外力为零二、多选题7.(多选)某同学用一个空的“易拉罐”做实验，他在靠近罐底的侧面打一个小洞，用手指堵住洞口，向“易拉罐”里面注满水，再把它悬挂在电梯的天花板上．当电梯匀速上升时，他移开手指，水就从洞口喷射出来，在水未流完之前，电梯开始减速上升．关于电梯减速上升前、后的两个瞬间水的喷射情况，下列说法中可能正确的是()A．电梯减速前后水的喷射速率不变B．电梯减速后水不再从孔中喷出C．电梯减速后水的喷射速率突然变大D．电梯减速后水的喷射速率突然变小8.关于惯性的下列说法，其中正确的是()A．物体抵抗运动状态变化的性质是惯性B．没有力的作用，物体只能处于静止状态C．行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性D．运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动下去9.(多选)如下图，一辆有动力驱动的小车上有一水平放置的弹簧，其左端固定在小车上，右端与一小球相连，设在某一段时间内小球与小车相对静止且弹簧处于压缩状态，若忽略小球与小车间的摩擦力，则在此段时间内小车可能是()A．向右做加速运动B．向右做减速运动C．向左做加速运动D．向左做减速运动10.(多选)在研究匀变速直线运动的实验中，取计数时间间隔为0.1 s，测得相邻相等时间间隔的位移差的平均值Δx＝1.2 cm，若还测出小车的质量为500 g，则关于加速度、合外力大小及单位，既正确又符合一般运算要求的是()A．a＝m/s2＝120 m/s2B．a＝m/s2＝1.2 m/s2C． F＝500×1.2 N＝600 ND． F＝0.5×1.2 N＝0.60 N三、实验题11.某实验小组利用如图所示的装置进行验证：当质量m一定时，加速度a与力F成正比的关系，其中F＝m2g，m＝m1＋m2(m1为小车及车内砝码的总质量，m2为桶及桶中砝码的总质量)．具体做法是：将小车从A处由静止释放，用速度传感器测出它运动到B处时的速度v，然后将小车内的一个砝码拿到小桶中，小车仍从A处由静止释放，测出它运动到B处时对应的速度，重复上述操作．图中A、B相距x.(1)设加速度大小为a，则a与v及x间的关系式是________．(2)如果实验操作无误，四位同学根据实验数据做出了下列图象，其中哪一个是正确的()A. B.C. D.(3)下列哪些措施能够减小本实验的误差________A．实验中必须保证m2≪m1B．实验前要平衡摩擦力C．细线在桌面上的部分应与长木板平行D．图中A、B之间的距离x尽量小些12.为了探究加速度与力的关系，使用如图甲所示的气垫导轨装置进行实验，其中G1、G2为两个光电门(当物体运动时，固定在物体上的很窄的挡光片通过光电门时光被挡住，数字计时器开始计时，当物体离开计时器时结束，这样就可以根据挡光片宽度与通过光电门所用时间来计算物体通过光电门的速度．)，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G1、G2光电门时，光束被遮挡的时间Δt1、Δt2都可以被测量并记录，滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为D，光电门间距离为x，牵引钩码的质量为m，回答下列问题：(1)实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，在不增加其他仪器的情况下，如何判定调节是否到位________A．取下牵引钩码，滑行器M放在任意位置不动B．放上牵引钩码，滑行器M放在任意位置不动C．取下牵引钩码，轻推滑行器M，数字计时器记录每一个光电门的光束被挡的时间Δt都相同D．无法判断能否将气垫导轨放水平(2)若取M＝0.5 kg，改变m的值，进行多次实验，以下m的取值最不合适的一个是________ A．m1＝4 g B．m2＝10 gC．m3＝40 g D．m4＝500 g(3)在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，其中求加速度的表达式为：________________________________________________________________________.(用Δt1、Δt2、D、x表示)(4)改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a－F关系图线(如图乙所示)．①分析此图线的OA段可得出的实验结论是________________________________________________________________________．②此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是________________________________________________________________________A．滑行器与轨道之间存在摩擦B．没有平衡摩擦力C．所挂钩码的总质量太大D．所用滑行器的质量太大四、计算题13.如图所示，两个用轻线相连的位于光滑水平面上的物块，质量分别为m1和m2.拉力F1和F2方向相反，与轻线沿同一水平直线，且F1>F2.试求在两个物块运动过程中轻线的拉力F T的大小．14.我国第一艘航空母舰“辽宁号”已经投入使用，为使战斗机更容易起飞，“辽宁号”使用了滑跃技术．如图所示，其甲板可简化为模型：AB部分水平，BC部分倾斜，倾角为θ.战斗机从A点开始起跑，C点离舰，此过程中发动机的推力和飞机所受甲板和空气阻力的合力大小恒为F，ABC甲板总长度为L，战斗机质量为m，离舰时的速度为v m，重力加速度为g.求AB部分的长度．15.如图，一个放在水平面上的木块，m＝2 kg.在水平方向受到F1、F2两个力的作用，木块处于静止状态，其中F1＝10 N，F2＝8 N，动摩擦因数μ＝0.20.求(1)木块受到的摩擦力的大小、方向？(2)撤去力F2后，木块的加速度的大小和方向？(3)若撤去力F2瞬间，恰有一昆虫以6 m/s的速度匀速沿F1方向飞经木块．则木块要经过多少位移能追上该昆虫？(4)追上前何时两者相距最远？最远距离是多少？答案解析1.【答案】D【解析】“下蹲”过程中，人先向下做加速运动，后向下做减速运动，所以先处于失重状态后处于超重状态；“起立”过程中，先向上做加速运动，后向上做减速运动，最后回到静止状态，人先处于超重状态后处于失重状态，故A、B、C错误，D正确．2.【答案】A【解析】在未达到相同速度之前，木板的加速度为－μmg－μ×2mg＝ma1，得a1＝－3μg达到相同速度之后，木板的加速度为－μ×2mg＝ma2，得a2＝－2μg由加速度可知，图象A正确．3.【答案】C【解析】木板沿斜面加速下滑时，猫保持相对斜面的位置不变，即相对斜面静止，加速度为零．将木板和猫作为整体，根据牛顿第二定律F合＝F猫＋F木板＝0＋2ma(a为木板的加速度)，整体受到的合力的大小为猫和木板沿斜面方向的分力的大小，即F合＝3mg sin α，解得a＝g sinα，所以C正确．4.【答案】A【解析】假设小物块受到摩擦力沿斜面向上，对小物块受力分析，沿斜面方向和垂直于斜面方向建立平面直角坐标系，由牛顿第二定律可得：F N sinθ－F f cosθ＝maF N cosθ＋F f sinθ－G＝0联立解得：F f＝0，故小物块只受支持力和重力，故A正确，B、C、D错误5.【答案】A【解析】以A、B为整体，A、B整体沿斜面向下的加速度a可沿水平方向和竖直方向分解为加速度a∥和a⊥，如图所示，以B为研究对象，B滑块必须受到水平向左的力来产生加速度a∥.因此B 受到三个力的作用，即：重力、A对B的支持力、A对B的水平向左的静摩擦力，故只有选项A 正确．6.【答案】B【解析】物体处于超重时，具有向上的加速度，但其运动方向不确定，可能向上加速，也可能向下减速，A错误；物体处于失重或者是完全失重状态时，具有向下的加速度，可能向下加速，也可能向上减速，B正确；完全失重时，物体仍受到地球对它的吸引力，即受到重力的作用，合外力不为零，C、D错误．7.【答案】BD【解析】减速上升时，加速度竖直向下，加速度可能为g，此时水处于完全失重状态，电梯减速后水不再从孔中喷出，B正确；减速上升时，加速度小于g，水处于失重状态，水的喷射速率变小，D正确．8.【答案】AD【解析】物体的惯性是指物体本身要保持原来运动状态不变的性质，或者说是指物体抵抗运动状态变化的性质，选项A正确；没有力的作用，物体将保持静止状态或匀速直线运动状态，选项B错误；行星在圆周轨道上做匀速圆周运动，而惯性是指物体保持静止或匀速直线运动的状态，选项C错误；运动物体如果没有受到力的作用，根据牛顿第一定律可知，物体将继续以同一速度沿同一直线一直运动下去，选项D正确．9.【答案】AD【解析】小球与小车相对静止且弹簧处于压缩状态，知小球所受的合力向右，根据牛顿第二定律，小球的加速度方向向右，小球和小车具有相同的加速度，知小车具有向右的加速度，所以小车向右做加速运动或向左做减速运动．故A、D正确，B、C错误．10.【答案】BD【解析】在应用公式进行数量运算的同时，也要把单位带进去运算．带单位运算时，单位换算要准确，可以把题中已知量的单位都用国际单位表示，计算结果的单位就是用国际单位表示的，这样在统一已知量的单位后，就不必一一写出各个量的单位了，只在数字后面写出正确单位即可．选项A中Δx＝1.2 cm没化成国际单位，C项中的小车质量m＝500 g没化成国际单位，所以A、C均错误；B、D正确．11.【答案】(1)v2＝2ax(2)A(3)BC【解析】(1)小车做初速度为零的匀加速直线运动，由匀变速直线运动的速度位移公式得：v2＝2ax；(2)由(1)可知：v2＝2ax，由牛顿第二定律得：a＝，则：v2＝F，v2与F成正比，故选A；(3)以系统为研究对象，加速度：a＝＝，系统所受拉力等于m2g，不需要满足m2＜＜m1，故A错误；为使系统所受合力等于桶与桶中砝码的重力，实验前要平衡摩擦力，故B正确；为使系统所受合力等于桶与桶中砝码的重力，实验需要配合摩擦力，此外还需要细线在桌面上的部分应与长木板平行，故C正确；为减小实验误差，图中A、B之间的距离x尽量大些，故D错误；故选B、C.12.【答案】(1)C(2)D(3)a＝(4)①当质量一定时，物体的加速度与合外力成正比②C【解析】(1)实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，在不挂钩码的情况下轻推滑行器，若滑行器做匀速直线运动，即滑行器通过光电门速度相等，则光电门的挡光时间相等，证明气垫导轨已经水平．即C正确．(2)本实验为了使钩码的总重力近似等于滑行器的合外力，应使m远小于M，故最不合适的是D.(3)由于挡光片通过光电门的时间很短，所以可以认为挡光片通过光电门的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，即有滑行器经过光电门的速度v2＝，v1＝，根据位移速度公式2ax＝v－v，整理得：a＝.(4)①分析此图线的OA段可得出的实验结论：当质量一定时，物体的加速度与合外力成正比；②本实验要探究“加速度和力的关系”所以应保持滑行器的总质量不变，钩码所受的重力作为滑行器所受合外力；由于OA段a－F关系为一倾斜的直线，所以在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；AB段明显偏离直线是由于没有满足M≫m造成的．C正确．13.【答案】【解析】以两物块整体为研究对象，根据牛顿第二定律得F1－F2＝(m1＋m2)a①隔离物块m1，由牛顿第二定律得F1－F T＝m1a②由①②两式解得F T＝14.【答案】L－【解析】在A、B段，根据牛顿运动定律得F＝ma1设B点速度大小为v，根据运动学公式可得v2＝2a1x1在BC段，根据牛顿运动定律得F－mg sinθ＝ma2从B到C，根据运动学公式可得v－v2＝2a2x2，又L＝x1＋x2联立以上各式解得：x1＝L－15.【答案】(1)木块受到的摩擦力的大小为2 N，方向水平向左．(2)撤去力F2后，木块的加速度的大小为3 m/s2，方向水平向右．(3)木块要经过24 m能追上该昆虫．(4)经过2 s两者相距最远，最远距离为6 m.【解析】(1)根据共点力平衡得，F f＝F1－F2＝2 N，方向水平向左(2)撤去F2后，根据牛顿第二定律得F1－F f＝ma，F f＝μmg解得a＝＝m/s2＝3 m/s2方向水平向右．(3)设追上昆虫所用时间为t，则有：vt＝at2，解得t＝＝s＝4 s则经过的位移x＝vt＝6×4 m＝24 m；(4)当两者速度相等时相距最远，则：at′＝v解得t′＝＝2 s昆虫的位移：x1＝vt＝6×2 m＝12 m，木块的位移：x2＝at2＝×3×22m＝6 m，最远距离：Δx＝x1－x2＝6 m。

高中物理第四章力与运动单元测试粤教版必修1

第四章力与运动单元测试（粤教版必修1）(时间：90分钟满分：100分)一、单项选择题(本大题共5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分)1．下列关于惯性的说法中正确的是( )A．物体做加速直线运动时惯性越来越大B．在相同的合外力作用下，惯性小的物体的加速度小C．自由下落的物体处于完全失重的状态，此时物体的惯性消失了D．战斗机抛弃副油箱后，惯性减小了2．物体受到下列几组共点力的作用，其中一定能使物体产生加速度的共点力的是( ) A．1 N,3 N,5 N B．2 N,4 N,6 NC．3 N,4 N,5 N D．4 N,6 N,8 N3．在滑冰场上，质量相同的甲、乙两小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动，在相互猛推一下后分别向相反方向运动，已知甲在冰上滑行的距离比乙远，这是由于( )A．在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B．在推的过程中，甲推乙的时间小于乙推甲的时间C．在刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度D．在分开后，甲的加速度的大小小于乙的加速度的大小4．如图1所示，整个装置处于静止状态，两物体质量M>m.则物体M受力的个数为( )图1A．2个B．3个C．4个D．5个图25．如图2所示，细线的一端固定于倾角为45°的光滑楔形滑块A的顶端P处，细线的另一端拴一质量为m的小球．当细线对小球的拉力刚好等于零时，水平向右的加速度a的大小为(g为重力加速度)( )A．g B．2g C.2g D.22g二、双项选择题(本大题共5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得4分，只选1个且正确的得2分，有选错或不答的得0分．)6．一个物体保持静止或匀速直线运动状态不变，这是因为( )A．物体一定没有受到任何力B．物体一定受一对平衡力的作用C．物体所受合外力一定为零D．物体可能受一对平衡力的作用图37．如图3所示，位于水平面上质量为M 的小木块，在大小为F 、方向与水平地面成α角的拉力作用下，沿水平地面做匀加速运动，加速度为a.若木块与地面之间的动摩擦因数为μ，则木块受到的合力是( ) A ．F cos α B ．MaC ．F cos α－μMgD ．F cos α－μ(Mg－F sin α)图48．如图4所示，质量为m 的物体悬挂在轻质支架上，斜梁OB 与竖直方向的夹角为θ，设水平横梁OA 和斜梁OB 作用于O 点的弹力分别为F 1和F 2，以下结果正确的是( )A ．F 1＝mg tan θB ．F 1＝mgsin θC ．F 2＝mg cos θD ．F 2＝mgcos θ9．如图5所示，质量为m 的球与弹簧Ⅰ和水平细线Ⅱ相连，Ⅰ、Ⅱ的另一端分别固定于P 、Q 两点．球静止时，Ⅰ中拉力大小为F T 1，Ⅱ中拉力大小F T 2，当仅剪断Ⅰ、Ⅱ中的一根的瞬间，球的加速度a 应是( )图5A ．若断Ⅰ，则a ＝g ，方向竖直向下B ．若断Ⅱ，则a ＝F T 2m ，方向水平向左C ．若断Ⅰ，则a ＝F T 2m，方向沿Ⅰ的延长线D ．若断Ⅱ，则a ＝g ，方向竖直向上图610．如图6所示，将质量为m 的滑块放在倾角为θ的固定斜面上．滑块与斜面之间的动摩擦因数为μ.若滑块与斜面之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g ，则( )A ．将滑块由静止释放，如果μ>tan θ，滑块将静止B ．给滑块沿斜面向下的初速度，如果μ<tan θ，滑块将减速下滑C ．用平行于斜面向上的力拉滑块向上匀速滑动，如果μ＝tan θ，拉力大小应是2mg sin θD ．用平行于斜面向下的力拉滑块向下匀速滑动，如果μ＝tan θ，拉力大小应是mg sin θ 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案三、非选择题(本大题共5小题，共60分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)11．(8分)一打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下，如图7所示，图8是打出的纸带的一段．图7图8(1)已知打点计时器使用的交变电流频率为50 Hz ，利用图8给出的数据可求出小车下滑的加速度a ＝______.(2)为了求出小车在下滑过程中所受的阻力，还需测量的物理量有__________________，用测得的量及加速度a 表示阻力的计算式为f 阻＝________.图912. (12分)在探究加速度与力、质量的关系实验中，采用如图9所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M 表示，盘及盘中砝码的质量用m 表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带上打出的点计算出．(1)当M 与m 的大小关系满足________时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力．(2)一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据．为了比较容易地观测加速度a 与质量M 的关系，应该作a 与______的图象．图10(3)乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a －1M图线如图10所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同？图1113．(12分)一物体受到竖直向上的拉力F 的作用，如图11所示．当拉力F ＝42 N 时，物体向上的加速度a ＝4.0 m /s 2，不计空气阻力，g 取10 m /s 2. 则：(1)物体的质量m 为多大？(2)物体由静止开始向上运动2 s内的位移和2 s末的速度分别为多少？14．(12分)已知一质量m＝1 kg的物体在倾角α＝37°的斜面上恰能匀速下滑，当对该物体施加一个沿斜面向上的推力F时，物体恰能匀速上滑．(取g＝10 m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)(1)物体与斜面间的动摩擦因数μ是多大？(2)求推力F的大小．图1215．(16分)南京长江大桥隧道工程于2009年建成通车，为了保障行人的安全，长江隧道每隔80 m就在一侧路面上装有一个大盖子，行人只要按一下开关，这个盖子就会弹开，然后行人可顺着逃生滑梯来到路面下的通道．滑梯可简化为如图12所示的模型．滑梯竖直高度AB＝3.0 m，滑梯斜面长AC＝5.0 m．一个质量m＝60 kg的人从滑梯上由静止开始滑下，人与滑梯间的动摩擦因数μ＝0.5，不计空气阻力，g＝10 m/s2.求：(1)人从斜坡顶端滑下到达通道需要多长时间？(2)人滑到斜坡底端时的速度大小；(3)普通人承受的加速度不应超过4g.据测量，人体某些部位与滑梯下端水泥地面接触后，人最快能在0.1 s内停下，这个滑梯是不是足够安全？为确保人们的安全，你有什么具体可行的建议？第四章力与运动1．D 2.A 3．D [在互推过程中，甲推乙的力F 甲与乙推甲的力F 乙互为作用力与反作用力，则F 甲＝F 乙，A 错；F 甲与F 乙同时产生、同时消失，则t 甲＝t 乙，B 错；因m 甲＝m 乙，所以相互推时v 甲＝F 甲m 甲t 甲＝F 甲m 乙t 乙＝v 乙，C 错；但二人滑行位移s 甲>s 乙，由v 2＝2as 可知a 甲a 乙＝s 乙s 甲，所以a 甲<a 乙，D对．] 4．C 5．A[细线对小球的拉力刚好等于零，说明小球只受重力和斜面的支持力两个力，且随A 一起向右以a 做加速运动，小球受力如图所示，故小球的合力F ＝mg.加速度a ＝Fm＝g ，A 对．]6．CD 7.BD8．AD [杆O 点的受力如图所示，由共点力平衡条件可知F 2cos θ＝mg ，F 2sin θ＝F 1，所以F 2＝mg cos θ，F 1＝mg tan θ，故选A 、D .]9．AB 10．AC [假设物体沿斜面匀速下滑，由平衡条件可知：mg sin θ＝μmg cos θ，μ＝tan θ.所以，若由静止释放，如果μ>tan θ，滑块将静止，A 正确；若给滑块沿斜面向下的初速度；如果μ<tan θ，滑块将加速下滑，B 错误；若拉滑块沿斜面向上匀速运动，且μ＝tan θ，由平衡条件知拉力F ＝mg sin θ＋μmg cos θ＝2mg sin θ，C 正确；若使滑块沿斜面匀速向下滑动，若μ＝tan θ，不需拉力，D 错误．]11．(1)4.02 m /s 2 (2)小车质量m ，斜面上任意两点间的距离L 及这两点间的高度差h mg hL－ma解析 (1)T ＝1f＝0.02 s ，设s 1＝5.12 cm ，s 2＝5.74 cm ，s 3＝6.41 cm ，s 4＝7.05 cm ，s 5＝7.68 cm ，s 6＝8.33 cm ，s 7＝8.95 cm ，s 8＝9.61 cm ，s 9＝10.26 cm ，则小车的加速度为a ＝s 6＋s 7＋s 8＋s 9－s 2＋s 3＋s 4＋s 516×2T2＝4.02 m /s 2(2)设小车的质量为m ，斜面上任意两点间的距离L 及这两点间的高度差h ，则f 阻＝mg hL－ma.12．(1)M ≫m (2)1M(3)拉力F解析 (1)只有M 与m 满足M ≫m 才能使绳对小车的拉力近似等于盘及盘中砝码的重力．(2)由于a∝1M ，所以a －1M 图象应是一条过原点的直线，所以处理数据时，常作出a 与1M的图象．(3)两小车及车上的砝码的总质量相等时，由图象知乙的加速度大，故乙的拉力F 大(或乙中盘及盘中砝码的质量大)． 13．(1)3 kg (2)8 m 8 m /s解析 (1)物体在拉力F 作用下，受力分析如图所示，对物体由牛顿第二定律得F －mg ＝ma所以m ＝F g ＋a ＝4210＋4kg ＝3 kg(2)物体由静止向上运动的位移s ＝12at 2＝12×4×22m ＝8 m2 s 末的速度为v ＝at ＝4×2 m /s ＝8 m /s 14．(1)0.75 (2)12 N解析 (1)当物体沿斜面匀速下滑时，对物体进行受力分析如图甲所示，由力的平衡条件可知： mg sin α＝f其中f ＝μmg cos α 解得：μ＝0.75(2)当物体沿斜面匀速上滑时，对物体进行受力分析如图乙所示，由力的平衡条件可知：mg sin α＋μmg cos α＝F 解得F ＝12 N15. 5 s (2)2 5 m /s (3)不够安全，具体可行的建议见解析解析 (1)对人进行受力分析如图所示，由牛顿第二定律知，人下滑的加速度a ＝F 合m＝mg sin θ－μmg cos θm ＝2 m /s 2人从斜坡上滑下时需要的时间t ＝2sa＝ 5 s (2)人滑到斜坡底端时的速度大小v t ＝at ＝2 5 m /s . (3)假设人与地面接触过程中的加速度恒定，加速度a ＝v t －v 0t ＝25－00.1m /s 2＝44.8 m /s 2>40 m /s 2可见，这个滑梯不够安全．为确保人们的安全，可以使斜面弯曲，加长滑梯的长度；将滑梯表面做得粗糙些；在滑梯两侧加扶手；或将滑梯底部做得平滑一些．。

高中物理第4章《力与运动》单元测试粤教版必修1

高中物理第4章《力与运动》单元测试粤教版必修1一、选择题（48分，每题8分）1．关于物体的惯性，下列说法中正确的是（）A．物体只有做匀速直线运动或保持静止状态时才具有惯性．B．物体只有在不受外力作用时才有惯性．C．物体在受外力作用时，运动状态发生变化时才具有惯性．D．一切物体，不论运动状态怎样，均具有惯性．2．下列说法中正确的是（）A．物体所受合外力为零时，物体的速度必为零．B．物体所受合外力越大，则加速度越大，速度也越大．C．物体的速度方向一定与物体受到的合外力的方向一致．D．物体的加速度方向一定与物体所受到的合外力方向相同．3．质量为8×103kg的汽车以1.5m/s2的加速度加速运动，所受阻力为2.5×103N．那么，汽车的牵引力是（）A．2.5×103N．B．9.5×103N．C．1.2×104N．D．1.45×104N．4．传动皮带把物体由低处送到高处的过程中，物体与皮带间的作用力与反作用力的对数有（）A．一对 B．二对 C．三对 D．四对．5．升降机中站着一个人，在升降机减速上升过程中，以下说法正确的是（）A．人对地板压力将增大．B．地板对人的支持力将减小．C．人所受的重力将会减小．D．人所受的重力保持不变．6．竖直向上射出的子弹，到达最高点后又竖直落下，如果子弹所受的空气阻力与子弹的速率大小成正比，则（）A．子弹刚射出时的加速度值最大．B．子弹在最高点时的加速度值最大．C．子弹落地时的加速度值最小．D．子弹在最高点时的加速度值最小．7．火车在长直水平轨道上匀速行驶，门窗紧闭的车厢内有一人向上跳起，发现仍落回到车上原处，这是因为（）A．人跳起后，厢内空气给他以向前的力，带着他随同火车一起向前运动B．人跳起的瞬间，车厢的地板给他一个向前的力，推动他随同火车一起向前运动C．人跳起后，车继续向前运动，人落下后必定偏后一些，只是由于时间很短，偏后距离太小，不明显D．人跳起后直到落地，在水平方向上人和车始终具有相同的速度8．在测力计两端各拴一绳，两人都用100N的力各拉一绳，这时测力计的示数和所受合力分别是（）A．100N，200N B．100N，0 C．200N，200N D．200N，09．一物体受几个力的作用而处于静止状态，若保持其他力恒定而将其中一个力F1逐渐减小到零（保持方向不变），然后又将F1逐渐恢复到原状．在这个过程中，物体的（）A．加速度增大，速度增大 B．加速度减小，速度增大C．加速度先增大后减小，速度增大 D．加速度和速度都是先增大后减小10．如图4-8-4，位于水平地面上的质量为M的小木块，在大小为F、方向与水平方向成α角的拉力作用下沿地面作加速运动．若木块与地面之间的动摩擦因数为μ，则木块的加速度为（）图4-8-4 A．F／M B．Fcosα／MC．（Fcosα-μMg）／M D．[Fcosα-μ（Mg-Fsinα）]／M11．一个人站在地面上，用轻绳通过一个无摩擦的定滑轮提拉一个重物（重物质量小于人的质量），重物在下列哪几种运动状态可使人对地面压力小于人的重力（加速度均小于g）（）A．重物加速上升 B．重物加速下降C．重物减速上升 D．重物减速下降12．如图4-8-5所示，光滑水平面上有甲、乙两物体用绳拴在一起，受水平拉力F1、F2作用，已知F1＜F2，以下说法中错误的是（）图4-8-5 A．若撤去F1，甲的加速度一定增大 B．若撤去F2，乙的加速度一定增大C．若撤去F1，绳的拉力一定减小 D．若撤去F2，绳的拉力一定减小13．一个小杯子的侧壁有一小孔，杯内盛水后，水会从小孔射出．（图4-8-6）．现使杯自由下落，则杯中的水（）A．会比静止时射得更远些B．会比静止时射得更近些C．与静止时射得一样远D．不会射出图4-8-6 二、填空题（24分，每题12分）14．在光滑水平面上用一根劲度系数为k的轻弹簧拴住一块质量为m的木块，用一水平外力F推木块压缩弹簧，处于静止状态(图4-8-1)．当突然撤去外力F的瞬间，木块的速度为______，加速度为______，最初阶段木块作______运动．图4-8-115．体重500N的人站在电梯内，电梯下降时v-t图像如图4-8-2所示．在下列几段时间内，人对电梯地板的压力分别为多大？(g=10m/s2)(1) 1～2s内，N1=______N．(2)5～8s内，N2=______N．(3)10～12s内，N3=______N．16．（12分）如图4-8-7所示，为测定木块与斜面之间的动摩擦因数，某同学让木块从斜面上端自静止起作匀加速下滑运动，图4-8-2他使用的实验器材仅限于：（1）倾角固定的斜面（倾角未知）；（2）木块；（3）秒表；（4）米尺．实验中应记录的数据是______，计算摩擦因数的公式是μ=______．为了减小测量的误差，可采用的办法是______．图4-8-7 17．（12分）在以2m/s2加速上升的升降机中，给紧靠厢壁、质量为1kg的物体一个水平力F（摩擦因数μ=0.2），使物体相对壁静止，如图4-8-8所示．则F的最小值是（g取10m/s2）．图4-8-8三、计算题18．1966年曾在地球上空做了以牛顿第二定律为基础的测定质量的实验．实验时，用双子星号宇宙飞船(质量为m1)去接触正在轨道上运行的火箭组(质量为m2)，接触以后，开动飞船尾部的推进器，使飞船和火箭组共同加速(图4-8-3)．设推进器的平均推力F=895N，开动7.0s后，测出飞船和火箭组的速度改变量是0.91m/s．已知m1=3400kg，则火箭组的质量m2多大？图4-8-319．一水平传送带长为20m，以2m/s的速度作匀速直线运动．现将一小物块轻轻地放在传送带的一端使之从静止开始运动．若物体与传送带的动摩擦因数为0.1，则小物体到达另一端所需时间为多少？(g=10m/s2)20．如图4-8-9所示，货运平板车始终保持速度v向前运动，把一个质量为m，初速度为零的物体放在车板的前端A处，若物体与车板间的摩擦因数为μ，要使物体不滑落，车板的长度至少是多少？图4-8-9参考答案1．D．2．D．3．D．4．B．5．B，D．6．A，C．7．D．8．B．9．C．10．D．11．A、B、C、D．12．B．13．D．14．0，F/m，15向右的变加速运动，速度变大，加速度变小．16．(1) 400；(2)500；(3)55017．L、d、h、t;h/d－2L2/(gt2d);多次测量求平均值18．60N9．3500kg．19．11s．提示：小物块先作匀加速运动，当速度达到2m/s后改作匀速运动．20．V2/(2μg)。

2018-2019学年粤教版高中物理必修一第四章力与运动单元测试

2018-2019学年粤教版高中物理必修一第四章力与运动单元测试一、单选题1.一固定斜面上两个质量相同的小物块A和B紧挨着匀速下滑，A与B的接触面光滑．已知A与斜面之间的动摩擦因数是B与斜面之间动摩擦因数的2倍，斜面倾角为α．B与斜面之间的动摩擦因数是（）A. tanαB. cotαC. tanαD. cotα2.如图所示，小车内一根轻质弹簧沿竖直方向和一条与竖直方向成α角的细绳拴接一小球．当小车和小球相对静止，一起在水平面上运动时，下列说法正确的是（）A. 细绳一定对小球有拉力的作用B. 细绳不一定对小球有拉力的作用，轻弹簧对小球也不一定有弹力C. 细绳不一定对小球有拉力的作用，但是轻弹簧对小球一定有弹力D. 轻弹簧一定对小球有弹力的作用3.下列说法中正确的是（）A. 电梯对站在电梯里的人的支持力，在电梯上升时总比下降时大B. 人在湿地上行走时容易下陷，是因为人对湿地的压力大于湿地对人的支持力C. 两个互成角度的匀变速直线运动的合运动一定是匀变速运动D. “神舟”号飞船返回地面的过程中先打开降落伞，着地前缓冲发动机喷气减速，后安全着陆，在这过程中飞船惯性不变。

4.如图甲所示，某人正通过定滑轮将质量为m 的货物提升到高处。

滑轮的质量和摩擦均不计，货物获得的加速度a 与绳子对货物竖直向上的拉力T 之间的关系图像如图乙所示。

由图可以判断下列说法错误的是(重力加速度为g)（）图甲图乙A.图线与纵轴的交点M 的值B.图线的斜率等于物体质量的倒数C.图线与横轴的交点N 的值D.图线的斜率等于物体的质量5.质量为m的物体从高处释放后竖直下落，在某时刻受到的空气阻力为f，加速度a＝，则f的大小为（）A. B. C. f＝mg D.6.建筑工人用如图所示的定滑轮装置运送建筑材料。

质量为70kg的工人站在地面上，通过定滑轮将20kg 的建筑材料以0.50m／s2的加速度向上拉升，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦，则工人对地面的压力大小为(g取l0m／s2) ( )A. 510 NB. 490 NC. 890 ND. 910 N7.如图所示，在匀速行驶的列车里，小明将一小球放在水平桌面上，且小球相对桌面静止．关于小球与列车的运动，下列说法正确的是（）A. 若小球向左滚动，则列车一定在向右加速B. 若小球向左滚动，则列车可能在向右减速C. 列车向右运动时突然刹车，小球向右滚动D. 列车向右运动时突然刹车，小球向左滚动8.在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作．传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）A. B. C. D.9.物块A、B的质量分别为m和2m，用轻弹簧连接后放在光滑的水平面上。

2019高中物理第四章力与运动过关检测粤教版必修1

第四章过关检测(时间:60分钟满分:100分)一、选择题(本题共10小题,每小题5分,共50分)1.下列说法中正确的是()A.伽利略通过理想斜面实验,说明了力是维持物体运动的原因B.人站在加速上升的升降梯中处于超重状态C.物体所受的合外力不为零时,其速度一定增大D.国际单位制中力学的基本单位有秒(s)、米(m)、牛(N);人站在加速上升的升降梯中,由于具有向上的加速度,物体处于超重状态;物体所受合外力如果与运动方向相反,速度会减小;力学的基本单位是秒(s)、米(m)、千克(kg).B选项正确.2.用手托着一块砖,开始静止不动,当手突然向上加速运动时,砖对手的压力()A.一定小于手对砖的支持力B.一定等于手对砖的支持力C.一定大于手对砖的支持力D.一定等于砖的重力,大小相等,选项A、C错误,B 正确;由于砖处于超重状态,压力大于重力,选项D错误.3.下列关于惯性大小的说法中,正确的是()A.物体运动的速度越大,惯性越大B.物体的质量越大,惯性越大C.物体运动的加速度越大,惯性越大D.物体受到的作用力越大,惯性越大,大小只与质量有关,B项正确.4.质量为1 kg 的物体A 和质量为3 kg 的物体B ,它们分别在F 1和F 2的作用下,产生相同的加速度,则( ) A.F 2=F 1 B.F 2=3F 1 C.F 2=F 13D.F 2=3F 12答案B解析由F=ma 可知F 2F 1=F 2F 1,F 2=3F 1. 5.三个光滑斜轨道1、2、3,它们的倾角依次是60°、45°、30°,这些轨道交于O 点.现有位于同一竖直线上的三个小物体甲、乙、丙,分别沿这三个轨道同时从静止自由下滑,如图所示,物体滑到O 点的先后顺序是( )A.甲最先,乙稍后,丙最后B.甲、乙、丙同时到达C.乙最先,然后甲和丙同时到达D.乙最先,甲稍后,丙最后答案C解析设底边长为s 0,倾斜角为α,则斜轨道长为s=F 0cos F,下滑加速度a=g sin α,由s=12at 2可知t=√2FF =√2F0F sin F cos F ,即t=√4FF sin2F,所以当sin 2α=1时,t 最小,即α=45°时,t 最小.C 选项正确. 6.(多选)下列关于力和运动关系的几种说法中,正确的是( ) A.物体所受的合外力不为零时,其速度不可能为零 B.物体所受的合外力的方向,就是物体运动的方向 C.物体所受的合外力与物体运动速度无直接联系 D.物体所受的合外力不为零,则加速度一定不为零答案CD解析当物体所受合外力不为零时,加速度一定不为零,但在某一时刻瞬时速度可能为零,故选项A错误,D正确;物体所受合外力的方向就是加速度的方向,但不一定是速度的方向(运动的方向),合外力与运动速度无直接联系,选项B错误,C正确.7.(多选)受水平外力F作用的物体,在粗糙水平面上做直线运动,其v-t图线如图所示,则()A.在0~t1秒内,外力F大小不断增大B.在t1时刻,外力F为零C.在t1~t2秒内,外力F大小可能不断减小D.在t1~t2秒内,外力F大小可能先减小后增大答案CD解析v-t图象的斜率表示加速度,在0~t1秒内,物体做加速度减小的加速运动,由牛顿第二定律得F-f=ma,所以外力F大小不断减小,选项A错误;在t1时刻,加速度为零,外力F大小等于摩擦力f的大小,选项B错误;在t1~t2秒内,物体做加速度增大的减速运动,由牛顿第二定律得f-F=ma',所以外力F可能不断减小,选项C正确;若物体静止前,外力F已减至零,则此后,外力F 必再反向增大,选项D正确.8.(多选)(2016广东惠州模拟)下图为水平面上一物体在吊车作用下竖直向上运动过程中的v-t 图象,以下判断正确的是()A.前3 s内货物处于失重状态B.前3 s内物体的平均速度等于最后2 s内的平均速度C.物体能上升的最大高度为27 mD.第4 s末的拉力为零答案BC解析前3 s内物体加速上升,有向上的加速度,处于超重状态;前3 s的平均速度为6+02m/s,最后2 s内的平均速度为0+62m/s;物体上升的最大高度为12×(7+2)×6 m=27 m;第4 s末物体匀速上升,拉力等于重力;故B、C正确.9.(多选)在一东西向的水平直铁轨上,停放着一列已用挂钩连接好的车厢.当机车在东边拉着这列车厢以大小为a的加速度向东行驶时,连接某两相邻车厢的挂钩P和Q间的拉力大小为F;当机车在西边拉着车厢以大小为23a的加速度向西行驶时,P和Q间的拉力大小仍为F.不计车厢与铁轨间的摩擦,每节车厢质量相同,则这列车厢的节数可能为()A.8B.10C.15D.18答案BC解析设这列车厢的总节数为n,每节车厢质量为m,从P、Q处将车厢分成东、西两部分,东边为x节,西边为(n-x)节,这列车厢以加速度a向东行驶时,F=(n-x)m·a;以加速度2F3向西行驶时F=xm·23a,联立得3n=5x,因为n、x取正整数,故选项B、C正确.10.(多选)如图所示,质量为10 kg的物块A放置在水平桌面上,拴在一个被水平拉伸的弹簧一端,弹簧的另一端固定在小车上,小车静止不动.已知弹簧对物块的弹力大小为5 N时,物块处于静止状态.若小车以a=1 m/s2的加速度沿水平地面向右加速运动,则()A.物块A相对小车仍静止B.物块A受到的摩擦力将减小C.物块A受到的摩擦力大小不变D.物块A受到的弹力将增大答案AC解析弹簧的拉力大小为5 N,而物块处于静止状态,说明物块与桌面间的最大静摩擦力不小于5 N.当小车以加速度a=1 m/s2沿水平地面向右加速运动时,需要提供的合外力为10 N,而此时的弹簧弹力和静摩擦力完全能够提供,故物块相对桌面不动,且摩擦力大小不变.二、非选择题(共50分)11.(8分)某同学用如图所示的装置做“探究加速度与力、质量的关系”实验,当小车的质量一定时,测得小车的加速度a与拉力F的数据如下表:F/N0.200.300.400.500.60a/(m·s-2)0.100.230.270.400.49(1)根据表中数据,在如图所示坐标系中作出图象.(2)图线存在截距,其原因是.(3)由图象可得出的结论是.答案(1)见解析(2)水平面与小车之间存在摩擦力作用(3)在物体质量一定时,加速度与所受到的合外力成正比解析(1)以表中的数据为坐标,描点作图如图所示画出一条直线.(2)由图象可知,当细线的拉力增大到一定数值时才产生加速度,说明有阻力作用.(3)所有点大致分布在一条直线上,所拟合的图线没过原点,因此在误差允许的范围内可以认为在物体质量一定时,加速度与所受到的合外力成线性关系,即成正比.12.(10分)将质量为0.5 kg的小球以14 m/s的初速度竖直上抛,运动中球受到的空气阻力大小恒为2.1 N,则球能上升的最大高度是多少?(g取9.8 m/s2)答案7 m解析小球受力如图所示.根据牛顿第二定律得mg+f=maa=FF+FF =0.5×9.8+2.10.5m/s2=14 m/s2上升至最大高度时末速度为0,由运动学公式得02-F02=-2as得最大高度s=02-F02-2F =0-142-2×14m=7 m.13.(12分)在电梯中,把一重物置于台秤上,台秤与压力传感器相连,电梯由静止开始竖直上升过程中,传感器所受的压力与时间的关系(F N-t)图象如图所示,g取10 m/s2,由图象求出:(1)电梯减速上升过程经历的时间;(2)重物的质量;(3)电梯的最大加速度.答案(1)4 s(2)3 kg(3)5 m/s 2解析由F N -t 图象可知,电梯先加速再匀速后减速,减速上升段F N 小于重力,因此10~14 s 为减速过程,减速时间为4 s .电梯匀速过程中F N =mg=30 N,所以m=3 kg .电梯加速过程中,当F N 最大时,加速度最大,其最大值为a 1=F F -FFF =40-303m/s 2=103 m/s 2;电梯减速过程中F N 最小时,加速度最大,其最大值a 2=FF -F FF=30-153m/s 2=5 m/s 2.故电梯运动过程中的最大加速度为5 m/s 2.14.(20分)一长木板置于粗糙水平地面上,木板左端放置一小物块;在木板右方有一墙壁,木板右端与墙壁的距离为4.5 m,如图(a)所示.t=0时刻开始,小物块与木板一起以共同速度向右运动,直至t=1 s 时木板与墙壁碰撞(碰撞时间极短).碰撞前后木板速度大小不变,方向相反;运动过程中小物块始终未离开木板.已知碰撞后1 s 时间内小物块的v -t 图线如图(b)所示.木板的质量是小物块质量的15倍,重力加速度大小g 取10 m/s 2.求:(1)木板与地面间的动摩擦因数μ1及小物块与木板间的动摩擦因数μ2; (2)木板的最小长度;(3)木板右端离墙壁的最终距离. 答案(1)0.1 0.4(2)6.0 m (3)6.5 m解析(1)规定向右为正方向.木板与墙壁相碰前,小物块和木板一起向右做匀变速运动,设加速度为a 1,小物块和木板的质量分别为m 和M.由牛顿第二定律有-μ1(m+M )g=(m+M )a 1 ①由题图可知,木板与墙壁碰前瞬间的速度v 1=4 m/s,由运动学公式得v 1=v 0+a 1t 1②s 0=v 0t 1+12a 1F 12 ③式中,t 1=1 s,s 0=4.5 m 是木板碰前的位移,v 0是小物块和木板开始运动时的速度.联立①②③式和题给条件得μ1=0.1 ④在木板与墙壁碰撞后,木板以-v1的初速度向左做匀变速运动,小物块以v1的初速度向右做匀变速运动.设小物块的加速度为a2,由牛顿第二定律有-μ2mg=ma2⑤由图可得⑥a2=F2-F1F2-F1式中,t2=2 s,v2=0,联立⑤⑥式和题给条件得μ2=0.4.⑦(2)设碰撞后木板的加速度为a3,经过时间Δt,木板和小物块刚好具有共同速度v3.由牛顿第二定律及运动学公式得μ2mg+μ1(M+m)g=Ma3⑧v3=-v1+a3Δt⑨v3=v1+a2Δt碰撞后至木板和小物块刚好达到共同速度的过程中,木板运动的位移为s1=-F1+F3Δt2小物块运动的位移为s2=F1+F3Δt2小物块相对木板的位移为Δs=s2-s1联立⑥⑧⑨式,并代入数值得Δs=6.0 m因为运动过程中小物块没有脱离木板,所以木板的最小长度应为6.0 m.(3)在小物块和木板具有共同速度后,两者向左做匀变速运动直至停止,设加速度为a4,此过程中小物块和木板运动的位移为s3.由牛顿第二定律及运动学公式得μ1(m+M)g=(m+M)a40-F32=2a4s3碰后木板运动的位移为s=s1+s3联立⑥⑧⑨式,并代入数值得s=-6.5 m木板右端离墙壁的最终距离为6.5 m.。

高中物理第四章力与运动章末检测试卷粤教版必修1(2021年整理)

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第四章力与运动章末检测试卷（四）(时间:90分钟满分：100分）一、选择题(本题共12小题,每小题4分,共48分.其中1～8题为单项选择题，9~12题为多项选择题。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选和不选的得0分)1。

在物理学史上,正确认识运动和力的关系且推翻“力是维持物体运动的原因”这个观点的物理学家及建立惯性定律的物理学家分别是（)A。

亚里士多德、伽利略 B.伽利略、牛顿C.伽利略、爱因斯坦D。

亚里士多德、牛顿答案B2。

伽利略的斜面实验为牛顿运动定律奠定了基础，下列有关说法正确的是( )A.物体抵抗运动状态变化的性质是惯性B.已知月球上的重力加速度是地球上的错误!，故一个物体从地球上移到月球上惯性减小为原来的错误!C.同一物体运动越快越难停止运动，说明物体的速度越大，其惯性越大D.由于巨轮惯性很大，施力于巨轮，经过很长一段时间后惯性变小答案A解析惯性是指物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，所以物体抵抗运动状态变化的性质是惯性,其大小和物体的质量有关系，与物体的运动状态无关，A正确，C、D错误；在月球上和地球上,重力加速度的大小不一样，所受的重力大小也就不一样，但质量不变，惯性也不变，B错误。

3。

如图1所示，乘客在公交车上发现车厢顶部A处有一小水滴落下，并落在地板偏前方的B 点处，由此判断公交车的运动情况是（）图1A。

【新人教版】19版高中物理：第四章力与运动章末检测试卷粤教版必修1828413(含答案).doc

第四章力与运动章末检测试卷(四)(时间：90分钟满分：100分)一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分.其中1～8题为单项选择题，9～12题为多项选择题.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选和不选的得0分)1.在物理学史上，正确认识运动和力的关系且推翻“力是维持物体运动的原因”这个观点的物理学家及建立惯性定律的物理学家分别是( )A.亚里士多德、伽利略B.伽利略、牛顿C.伽利略、爱因斯坦D.亚里士多德、牛顿答案 B2.伽利略的斜面实验为牛顿运动定律奠定了基础，下列有关说法正确的是( )A.物体抵抗运动状态变化的性质是惯性B.已知月球上的重力加速度是地球上的16，故一个物体从地球上移到月球上惯性减小为原来的1 6C.同一物体运动越快越难停止运动，说明物体的速度越大，其惯性越大D.由于巨轮惯性很大，施力于巨轮，经过很长一段时间后惯性变小答案 A解析惯性是指物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，所以物体抵抗运动状态变化的性质是惯性，其大小和物体的质量有关系，与物体的运动状态无关，A正确，C、D 错误；在月球上和地球上，重力加速度的大小不一样，所受的重力大小也就不一样，但质量不变，惯性也不变，B错误.3.如图1所示，乘客在公交车上发现车厢顶部A处有一小水滴落下，并落在地板偏前方的B点处，由此判断公交车的运动情况是( )图1A.向前加速运动B.向前减速运动C.向后匀速运动D.向后减速运动答案 B解析水滴离开车顶后，由于惯性在水平方向上保持离开时的速度不变，而水滴落点B在A点正下方的前面，表明若车向前行驶，水滴下落时，车正在减速，A错误，B正确；若车向后减速运动时，水滴下落时将落在A点正下方的后方，故D错误；若车向后匀速运动，水滴将落在A点的正下方，C错误.4.如图2所示，建筑工人在砌墙时需要将砖块运送到高处，采用的方式是一工人甲在低处将一摞砖竖直向上抛出，在高处的工人乙将其接住.每块砖的质量均为m，现只考虑最上层的两块砖，不计空气阻力，下列说法正确的是( )图2A.工人甲在将砖块抛出时(砖未离手)砖块处于失重状态B.工人甲在将砖块抛出时(砖未离手)砖块间的作用力等于mgC.工人甲在将砖块抛出后，砖块处于失重状态D.工人甲在将砖块抛出后，砖块间的作用力等于mg答案 C解析工人甲在将砖块抛出时(砖未离手)，砖块具有向上的加速度，处于超重状态，A错误；由牛顿第二定律F N－mg＝ma，所以砖块间作用力F N＝m(g＋a)>mg，B错误；工人甲在将砖块抛出后，砖块受重力作用具有向下的加速度，处于失重状态，C正确；工人甲在将砖块抛出后，砖块间的作用力等于0，D错误.5.如图3所示，带支架的平板小车沿水平面向左做直线运动，小球A用细线悬挂于支架前端，质量为m的物块B始终相对于小车静止地摆放在右端.B与小车平板间的动摩擦因数为μ.若某时刻观察到细线偏离竖直方向θ角，则此刻小车对物块B产生的作用力的大小和方向为( )图3A.mg，竖直向上B.mg1＋μ2，斜向左上方C.mg tan θ，水平向右D.mg1＋tan2θ，斜向右上方答案 D解析以A为研究对象，受力分析如下图所示根据牛顿第二定律得：m A g tan θ＝m A a，得：a＝g tan θ，方向水平向右.再对B研究得：小车对B的摩擦力为：f＝ma＝mg tan θ，方向水平向右，小车对B的支持力大小为F N＝mg，方向竖直向上，则小车对物块B产生的作用力的大小为：F＝F2N＋f2＝mg1＋tan2θ，方向斜向右上方，D正确.6.细绳拴着一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连，平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图4所示.(已知cos 53°＝0.6，sin 53°＝0.8，重力加速度为g)以下说法正确的是( )图4A.小球静止时弹簧的弹力大小为35 mgB.小球静止时细绳的拉力大小为35 mgC.细绳烧断瞬间小球的加速度立即为gD.细绳烧断瞬间小球的加速度立即为5 3 g答案 D解析小球静止时，分析受力情况，如图，由平衡条件得：弹簧的弹力大小为：F＝mg tan 53°＝43mg，细绳的拉力大小为：F T＝mgcos 53°＝53mg，故A、B错误；细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，则此瞬间小球的加速度大小为：a＝FT′m＝53g，故C错误，D正确.【考点】瞬时加速度问题【题点】瞬时加速度问题7.如图5所示，用完全相同的轻弹簧A、B、C将两个相同的小球连接并悬挂，小球处于静止状态，弹簧A与竖直方向的夹角为30°，弹簧C水平，则弹簧A、C的伸长量之比为( )图5A.3∶4B.4∶ 3C.1∶2D.2∶1答案 D解析将两小球及弹簧B视为一个整体，对整体正交分解知，水平方向二力平衡，故有kΔx A sin 30°＝kΔx C，可得Δx A∶Δx C＝2∶1，选项D正确.8.静止在光滑水平面上的物体受到一个水平拉力的作用，该力随时间变化的关系如图6所示，则以下说法中正确的是( )图6A.物体在2 s内的位移为零B.4 s末物体将回到出发点C.2 s末物体的速度为零D.物体做往复运动答案 C解析由题图可知，物体先朝正方向做匀加速直线运动，接着做匀减速直线运动，再做正方向的匀加速直线运动，周期性的朝单方向运动，由于加速和减速阶段的加速度大小相等，所以2 s 末的速度为零，位移不为零，A、B、D错误，C正确.9.将一个小球以某一初速度竖直上抛，空气阻力与速度大小成正比，且始终小于小球的重力.从抛出到落回抛出点的全过程中，下列判断正确的是( )A.上升经历的时间一定小于下降经历的时间B.小球的加速度方向不变，大小一直在减小C.小球的加速度方向不变，大小先减小后增大D.上升到最高点时，小球的速度为零，加速度也为零答案AB解析由于空气阻力的影响，球上升和下降经过同一高度处时，一定是上升的速度大于下降的速度，因此上升过程的平均速度一定大，故上升经历的时间一定小于下降经历的时间，故A正确；无论上升还是下降，合力始终向下，上升过程mg＋kv＝ma，v减小因此a减小；下降过程mg－kv＝ma，v增大因此a减小，即小球的加速度一直减小，故B正确，C错误；最高点处速度为零，加速度为g，故D错误.10.如图7所示，某旅游景点的倾斜索道与水平线夹角θ＝30°，当载人车厢以加速度a斜向上加速运动时，人对车厢的压力为体重的1.25倍，此时人与车厢相对静止，设车厢对人的摩擦力为f，人的体重为G，重力加速度为g，下面正确的是( )图7A.a ＝g 4B.a ＝g 2C.f ＝33G D.f ＝34G 答案 BD 解析由于人对车厢底的正压力为其重力的1.25倍，所以在竖直方向上有F y －mg ＝ma 上，解得a 上＝0.25g ，设水平方向上的加速度为a 水，则a 上a 水＝tan 30°＝33，所以a 水＝34g ，则a ＝a 水cos 30°＝12g ，f ＝ma 水＝34G ，B 、D 正确. 11.如图8所示，一小球从空中自由落下，在与正下方的直立轻质弹簧接触直至速度为零的过程中，关于小球的运动状态，下列说法中正确的是( )图8A.接触后，小球做减速运动，加速度的绝对值越来越大，速度越来越小，最后等于零B.接触后，小球先做加速运动，后做减速运动，其速度先增大后减小直到为零C.接触后，速度为零的地方就是弹簧被压缩最大之处，加速度为零的地方也是弹簧被压缩最大之处D.接触后，小球速度最大的地方就是加速度等于零的地方答案BD解析从小球下落到与弹簧接触开始，一直到把弹簧压缩到最短的过程中，弹簧弹力与小球重力相等的位置是转折点，之前重力大于弹力，之后重力小于弹力，而随着小球向下运动，弹力越来越大，重力恒定，所以之前重力与弹力的合力越来越小，之后重力与弹力的合力越来越大，且反向(竖直向上).由牛顿第二定律知，加速度的变化趋势和合力的变化趋势一样，而在此过程中速度方向一直向下.12.如图9所示为运送粮袋的传送装置，已知AB间长度为L，传送带与水平方向的夹角为θ，工作时运行速度为v，粮袋与传送带间的动摩擦因数为μ，正常工作时工人在A点将粮袋放到运行中的传送带上，关于粮袋从A到B的运动(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)，以下说法正确的是( )图9A.粮袋到达B点的速度可能大于、等于或小于vB.粮袋开始运动的加速度为g(sin θ－cos θ)，若L足够大，则以后将以速度v做匀速运动C.若μ＜tan θ，则粮袋从A到B一直做加速运动D.不论μ大小如何，粮袋从A到B一直做匀加速运动，且a ＞g sin θ答案AC解析粮袋在传送带上可能一直做匀加速运动，到达B点时的速度小于v；可能先匀加速运动，当速度与传送带相同后，做匀速运动，到达B点时速度与v相同；也可能先做加速度较大的匀加速运动，当速度与传送带相同后做加速度较小的匀加速运动，到达B点时的速度大于v；故A正确.粮袋开始时受到沿斜面向下的滑动摩擦力，大小为μmg cos θ，根据牛顿第二定律得，加速度a＝g(sin θ＋μcos θ)，故B错误.若μ＜tan θ，则重力的下滑分力大于滑动摩擦力，故a的方向一直向下，粮袋从A到B一直是做加速运动，可能是一直以g(sin θ＋μcos θ)的加速度匀加速；也可能先以g(sin θ＋μcos θ)的加速度匀加速，后以g(sin θ－μcos θ)的加速度匀加速，故C正确.由以上分析可知，粮袋从A到B不一定一直做匀加速运动.故D错误.二、实验题(本题共2小题，共14分)13.(6分)某探究学习小组的同学们要“探究加速度与力、质量的定量关系”，他们在实验室组装了一套如图10所示的装置，水平轨道上安装两个光电门，小车上固定有力传感器和挡光板，细线一端与力传感器连接，另一端跨过定滑轮挂上砝码盘.实验时，调整轨道的倾角正好能平衡小车所受的摩擦力(图中未画出).图10(1)该实验中小车所受的合力________(选填“等于”或“不等于”)力传感器的示数，该实验是否需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量？________(选填“需要”或“不需要”).(2)实验获得以下测量数据：小车、力传感器和挡光板的总质量M ，挡光板的宽度l ，光电门1和光电门2的中心距离为s .某次实验过程：力传感器的读数为F ，小车通过光电门1和光电门2的挡光时间分别为t 1、t 2(小车通过光电门2后，砝码盘才落地)，已知重力加速度为g ，则该实验要验证的关系式是________________.答案 (1)等于不需要 (2)F ＝Ml 22s (1t 22－1t 21) 解析 (1)由于力传感器显示拉力的大小，而拉力的大小就是小车所受的合力，故不需要让砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量.(2)由于挡光板的宽度l 很小，故小车在光电门1处的速度v 1＝l t 1，在光电门2处的速度为v 2＝l t 2，由v 22－v 12＝2as ，得a ＝v 22－v 212s＝12s (l 2t 22－l 2t 21).故验证的关系式为F ＝Ma ＝M 2s (l 2t 22－l 2t 21)＝Ml 22s (1t 22－1t 21). 14.(8分)如图11所示为“用DIS(位移传感器、数据采集器、计算机DIS 直接显示物体加速度)探究加速度与力的关系”的实验装置.图11(1)在该实验中必须采用控制变量法，应保持______________不变，用钩码所受的重力大小作为__________，用DIS 测小车的加速度.(2)改变所挂钩码的数量，多次重复测量.在某次实验中根据测得的多组数据画出a －F 关系图线(如图12所示).图12①分析此图线OA段可得出的实验结论是____________________________.②此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是______.(填选项前字母)A.小车与轨道之间存在摩擦B.轨道保持了水平状态C.所挂钩码的总质量太大D.所用小车的质量太大答案(1)小车总质量小车所受的合外力(2)①在质量不变时，加速度与合外力成正比②C解析(1)保持小车的总质量不变，用钩码所受的重力作为小车所受的合外力，用DIS测加速度.(2)①OA段为直线，说明在质量不变的条件下，加速度与合外力成正比.②设小车质量为M，所挂钩码的质量为m，由实验原理得mg＝F＝Ma，即a＝mgM＝FM，而实际上a′＝mgM＋m，可见a′＜a，AB段明显偏离直线是由于没有满足M≫m造成的，故A、B、D 错误，C正确.三、计算题(本题共3小题，共38分.要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)图1315.(10分)在水平地面上有一个质量为4.0 kg的物体，物体在水平拉力F的作用下由静止开始运动.10 s后拉力大小减小为F 3，并保持恒定.该物体的速度－时间图象如图13所示(取g＝10 m/s2).求：(1)物体所受到的水平拉力F的大小；(2)该物体与地面间的动摩擦因数.答案(1)9 N (2)0.125解析(1)物体的运动分为两个过程，由题图可知两个过程的加速度分别为：a＝1 m/s2，a2＝－0.5 m/s21对物体受力分析如图甲、乙所示：甲乙对于两个过程，由牛顿第二定律得：F－f＝ma1F－f＝ma23联立以上二式解得：F＝9 N，f＝5 N(2)由滑动摩擦力公式得：f＝μF＝μmgN解得μ＝0.125.16.(12分)如图14所示，某人用轻绳牵住一只质量m＝0.6 kg 的氢气球，因受水平风力的作用，系氢气球的轻绳与水平方向成37°角.已知空气对气球的浮力为15 N，人的质量M＝50 kg，且人受的浮力忽略不计.(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)图14(1)求水平风力的大小；(2)求人对地面的压力大小；(3)若水平风力增强，人对地面的压力如何变化？并说明理由.答案(1)12 N (2)491 N (3)见解析解析(1)对氢气球进行受力分析，如图甲所示.由平衡条件可知，竖直方向，F浮＝mg＋F T sin 37°；水平方向，F风＝F T cos 37°，解得F风＝12 N，F T＝15 N.(2)对人进行受力分析，如图乙所示.由平衡条件可知，竖直方向，F N＝Mg－F T′sin 37°＝500 N－15 N×0.6＝491 N；根据牛顿第三定律，人对地面的压力大小为491 N.(3)若风力增强，只改变了水平方向的力，视氢气球及人为一整体，所以竖直方向上的受力情况没有改变，人对地面的压力不变.17.(16分)如图15所示，一质量为m B＝2 kg的木板B静止在光滑的水平面上，其右端上表面紧靠一固定斜面轨道的底端(斜面底端与木板B右端的上表面之间有一段小圆弧平滑连接)，轨道与水平面的夹角θ＝37°，一质量为m A＝2 kg的物块A由斜面轨道上距轨道底端s 0＝8 m 处由静止释放，物块A 刚好没有从木板B 的左端滑出，已知物块A 与斜面轨道间的动摩擦因数为μ1＝0.25，与木板B 上表面间的动摩擦因数为μ2＝0.2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g 取10 m/s 2，物块A 可看做质点，请问：图15(1)物块A 刚滑上木板B 时的速度为多大？(2)物块A 从刚滑上木板B 到相对木板B 静止共经历了多长时间？木板B 有多长？答案 (1)8 m/s (2)2 s 8 m解析 (1)设物块A 沿斜面下滑的加速度为a 1，则 m A g sin θ－μ1m A g cos θ＝m A a 1解得a 1＝4 m/s 2物块A 滑到木板B 上时的速度为v 1＝2a 1s 0＝2×4×8 m/s ＝8 m/s.(2)物块A 在木板B 上滑动时，它们在水平方向上的受力大小相等，质量也相等，故它们的加速度大小相等，数值为a 2＝μ2m A g m A＝μ2g ＝2 m/s 2 设木板B 的长度为L ，二者相对静止时经历的时间为t 2，最终的共同速度为v 2，在达到共同速度时，木板B 滑行的距离为s ，利用位移关系得v 1t 2－12a 2t 22－12a 2t 22＝L 对物块A 有v 2＝v 1－a 2t 2v 22－v 12＝－2a 2(s ＋L )对木板B 有v 22＝2a 2s联立解得相对滑行时间和木板B 的长度分别为： t 2＝2 s ，L ＝8 m.。

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