江苏省南通市2015届高三第一次调研考试物理试题

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江苏省南通中学2015届高三12月月考(物理)试卷及答案

南通中学2015届高三12月月考物理一、单项选择题：1．下列说法不符合物理学史实的是()A. 库仑通过扭秤实验发现了库仑定律B. 奥斯特最早发现电流周围存在磁场C. 牛顿发现了万有引力定律，并第一次在实验室里测出了引力常量D. 伽利略通过理想实验，说明物体的运动不需要力来维持2．自由下落的物体，其动能与位移的关系如图所示．则图中直线的斜率表示该物体的()A. 质量B. 机械能C. 重力加速度D. 重力大小3．如图所示，在一个粗糙的绝缘水平面上，彼此靠近地放置两个带正电荷的小物块．由静止释放后，两个物块向相反方向运动，并最终停止．在物块的运动过程中，下列表述正确的是()A. 物块受到的摩擦力始终小于其受到的库仑力B. 物块先作匀加速直线运动，再作匀减速运动C. 因摩擦力始终做负功，故两物块组成的系统的机械能一直减少D. 整个过程中物块受到的库仑力做的功等于电势能的减少4．帆船航行时，遇到侧风需要调整帆面至合适的位置，保证船能有足够的动力前进，如图是帆船航行时的俯视图，风向与船航行方向垂直，关于帆面的a、b、c、d四个位置，可能正确的是()A. bB. dC. aD. c5．如图所示，条形磁铁放在光滑斜面上，用平行于斜面的轻弹簧拉住而平衡，A为水平放置的直导线的截面，导线中无电流时磁铁对斜面的压力为F N1；当导线中有垂直纸面向外的电流时，磁铁对斜面的压力为F N2，则下列关于压力和弹簧的伸长量的说法中正确的是()．A．F N1<F N2，弹簧的伸长量减小B．F N1＝F N2，弹簧的伸长量减小C．F N1>F N2，弹簧的伸长量增大D．F N1>F N2，弹簧的伸长量减小6．如图所示，在MN、PQ间同时存在匀强磁场和匀强电场，磁场方向垂直纸面水平向外，电场在图中没有标出．一带电小球从a点射入场区，并在竖直面内沿直线运动至b点，则小球()A. 从a到b过程，克服电场力做功B. 从a到b过程中可能做匀加速运动C. 一定带正电D. 受到电场力的方向一定水平向右7．如图所示，建筑工人要将建筑材料送到高处，常在楼顶装置一个定滑轮(图中未画出)．用绳AC 通过滑轮将建筑材料提到某一高处，为了防止建筑材料与墙壁相碰，站在地面上的工人还另外用绳CB 拉住材料，使它与竖直墙面保持一定的距离L.若不计两根绳的重力，在建筑材料缓慢提起的过程中，绳AC 与CB 的拉力F 1和F 2的大小变化情况是( )A. F 1增大，F 2增大B. F 1增大，F 2不变C. F 1不变，F 2增大D. F 1减小，F 2减小二、多项选择题8．甲、乙两物体从同一地点沿同方向做直线运动，运动的v-t 图象如图所示，下列说法中正确的是( )A. 在t 0时刻，甲、乙两个物体相遇B. 在t 0时刻，甲、乙两个物体相距最远C. 甲、乙两个物体相遇时v 乙＞2v 甲D. 甲、乙两个物体相遇时v 乙＜2v 甲9．在如图所示的电路中，E 为电源，其内阻为r ，L 为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R 1、R 2为定值电阻，R 3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V 为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则( )A ．电压表的示数变小B ．小灯泡消耗的功率变小C ．通过R 2的电流变大D ．电源内阻的电压变大10．如果把水星和金星绕太阳的运动视为匀速圆周运动，从水星与金星在一条直线上开始计时，若天文学家测得在相同时间内水星转过的角度为θ1，金星转过的角度为θ2(θ1、θ2均为锐角)，则由此条件可求得( )A. 水星和金星的质量之比B. 水星和金星的运动轨道半径之比C. 水星和金星受到太阳的引力之比D. 水星和金星的向心加速度大小之比11．如图所示，MN 是一半圆形绝缘线，等量异种电荷均匀分布在其上、下14圆弧上，O 点为半圆的圆心，P 为绝缘线所在圆上的一点，且OP 垂直于MN ，则下列说法正确的是( )A. 圆心O 和圆上P 点的场强大小相等，方向相同B. 圆心O 和圆上P 点的场强大小不等，方向相同C. 将一正检验电荷沿直线从O 运动到P ，电场力始终不做功D. 将一正检验电荷沿直线从O 运动到P ，电势能增加12．如图，虚线MN 上方存在方向垂直纸面向里的匀强磁场B 1，带电粒子从边界MN 上的A 点以速度v 0垂直磁场方向射入磁场，经磁场偏转后从边界MN 上的B 点射出．若在粒子经过的区域PQ 上方再叠加方向垂直纸面向里的匀强磁场B 2，让该粒子仍以速度v 0从A 处沿原方向射入磁场，经磁场偏转后从边界MN 上的B′点射出(图中未标出)，不计粒子的重力．下列关于粒子的说法正确的是( )A. B ′点在B 点的左侧B. 从B′点射出的速度大于从B 点射出的速度C. 从B ′点射出的速度方向平行于从B 点射出的速度方向D. 从A 到B′的时间小于从A 到B 的时间三、实验题13．(1) 如图所示，游标卡尺的示数为________mm ，螺旋测微器的示数为________mm.(2) 某同学利用自己设计的弹簧弹射器做“验证弹簧弹性势能E p ＝12kx 2(k 为弹簧的劲度系数，x 为弹簧的形变量)”的实验，装置如图a 所示．水平放置的弹射器将质量为m 的小球弹射出去，测出小球通过两个竖直放置的光电门的时间间隔为t.用刻度尺测出弹簧的压缩量为x ，甲、乙光电门间距为L ，忽略一切阻力．①小球被弹射出的速度大小v ＝____________，求得弹簧弹性势能E p ＝__________；(用题目中的字母符号表示)②该同学测出多组数据，计算并画出如图b 所示E p 与x 2的关系图线，从而验证了它们之间的关系．根据图线求得弹簧的劲度系数k ＝____________N/m ；③ 由于重力作用，小球被弹射出去后运动轨迹会向下有所偏转，这对实验结果________(填“有”或“无”)影响．14．在测量一节干电池电动势E 和内阻r 的实验中，小明设计了如图甲所示的实验电路．(1) 根据图甲实验电路，请在图乙中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接．(2) 实验开始前，应先将滑动变阻器的滑片P调到________(填“a”或“b”)端．(3) 小明测得有关数据后，以电流表读数I为横坐标，以电压表读数U为纵坐标作出了如图丙所示的图象，根据图象求得电源的电动势E＝________V，电源的内阻r＝________Ω(结果保留两位有效数字)．四、计算题15．如图所示，起重机将重物吊运到高处的过程中经过A、B两点，重物的质量m＝500 kg，A、B间的水平距离d＝10 m．重物自A点起，沿水平方向做v＝1.0 m/s的匀速运动，同时沿竖直方向做初速度为零、加速度a＝0.2 m/s2的匀加速运动，忽略吊绳的质量及空气阻力，取重力加速度g＝10 m/s2.求：(1) 定性描述重物由A到B的运动轨迹；(2) 重物由A运动到B的时间；(3) 重物经过B点时速度的大小；(4) 由A到B的过程中，吊绳对重物所做的功．16．如图所示为摩托车特技比赛用的部分赛道，由一段倾斜坡道AB与竖直圆形轨道BCD衔接而成，衔接处平滑过渡且长度不计．已知坡道的倾角θ＝11.5°，圆形轨道的半径R＝10 m，摩托车及选手的总质量m＝250 kg，摩托车在坡道行驶时所受阻力为其重力的0.1倍．摩托车从坡道上的A点由静止开始向下行驶，A与圆形轨道最低点B之间的竖直距离h＝5 m，发动机在斜坡上产生的牵引力F＝2 750 N，到达B点后摩托车关闭发动机．已知sin11.5°＝15，g取10 m/s2，求：(1) 摩托车在AB坡道上运动的加速度；(2) 摩托车运动到圆轨道最低点时对轨道的压力；(3) 若运动到C点时恰好不脱离轨道，求摩托车在BC之间克服摩擦力做的功．17．如图所示，在矩形ABCD区域内，对角线BD以上的区域存在有平行于AD向下的匀强电场，对角线BD以下的区域存在有垂直于纸面的匀强磁场(图中未标出)，矩形AD边长为L，AB边长为2L.一个质量为m、电荷量为＋q的带电粒子(重力不计)以初速度v0从A点沿AB方向进入电场，在对角线BD的中点P处进入磁场，并从DC边上以垂直于DC边的速度离开磁场(图中未画出)，求：(1) 带电粒子经过P点时速度v的大小和方向；(2) 电场强度E的大小；(3) 磁场的磁感应强度B的大小和方向．18．如图所示，四分之一光滑绝缘圆弧轨道AP和水平绝缘传送带PC固定在同一竖直平面内，圆弧轨道的圆心为O，半径为R.传送带P、C之间的距离为L，沿逆时针方向的传动速度v＝gR，在PO的右侧空间存在方向竖直向下的匀强电场．一质量为m、电荷量为＋q的小物块从圆弧顶点A由静止开始沿轨道下滑，恰好运动到C端后返回．物块与传送带间的动摩擦因数为μ，不计物块经过轨道与传送带连接处P 时的机械能损失，重力加速度为g.求：(1) 匀强电场的场强E为多大？(2) 物块返回到圆弧轨道后，能上升的最大高度H为多少？(3) 若在PO的右侧空间再加上方向垂直纸面向里、磁感应强度为B的水平匀强磁场(图中未画出)，物块从圆弧顶点A静止释放，运动到C端时的速度为2gR2，试求物块在传送带上运动的时间t.高三物理试卷（答案）一、单项选择题：1．下列说法不符合物理学史实的是(C)A. 库仑通过扭秤实验发现了库仑定律B. 奥斯特最早发现电流周围存在磁场C. 牛顿发现了万有引力定律，并第一次在实验室里测出了引力常量D. 伽利略通过理想实验，说明物体的运动不需要力来维持2．自由下落的物体，其动能与位移的关系如图所示．则图中直线的斜率表示该物体的(D)A. 质量B. 机械能C. 重力加速度D. 重力大小3．如图所示，在一个粗糙的绝缘水平面上，彼此靠近地放置两个带正电荷的小物块．由静止释放后，两个物块向相反方向运动，并最终停止．在物块的运动过程中，下列表述正确的是(D)A. 物块受到的摩擦力始终小于其受到的库仑力B. 物块先作匀加速直线运动，再作匀减速运动C. 因摩擦力始终做负功，故两物块组成的系统的机械能一直减少D. 整个过程中物块受到的库仑力做的功等于电势能的减少4．帆船航行时，遇到侧风需要调整帆面至合适的位置，保证船能有足够的动力前进，如图是帆船航行时的俯视图，风向与船航行方向垂直，关于帆面的a、b、c、d四个位置，可能正确的是(A)A. bB. dC. aD. c5．如图所示，条形磁铁放在光滑斜面上，用平行于斜面的轻弹簧拉住而平衡，A为水平放置的直导线的截面，导线中无电流时磁铁对斜面的压力为F N1；当导线中有垂直纸面向外的电流时，磁铁对斜面的压力为F N2，则下列关于压力和弹簧的伸长量的说法中正确的是(C)．A．F N1<F N2，弹簧的伸长量减小B．F N1＝F N2，弹簧的伸长量减小C．F N1>F N2，弹簧的伸长量增大D．F N1>F N2，弹簧的伸长量减小6．如图所示，在MN、PQ间同时存在匀强磁场和匀强电场，磁场方向垂直纸面水平向外，电场在图中没有标出．一带电小球从a点射入场区，并在竖直面内沿直线运动至b点，则小球(A)A. 从a到b过程，克服电场力做功B. 从a到b过程中可能做匀加速运动C. 一定带正电D. 受到电场力的方向一定水平向右7．如图所示，建筑工人要将建筑材料送到高处，常在楼顶装置一个定滑轮(图中未画出)．用绳AC通过滑轮将建筑材料提到某一高处，为了防止建筑材料与墙壁相碰，站在地面上的工人还另外用绳CB拉住材料，使它与竖直墙面保持一定的距离L.若不计两根绳的重力，在建筑材料缓慢提起的过程中，绳AC与CB的拉力F1和F2的大小变化情况是(A)A. F 1增大，F 2增大B. F 1增大，F 2不变C. F 1不变，F 2增大D. F 1减小，F 2减小二、多项选择题8．甲、乙两物体从同一地点沿同方向做直线运动，运动的v-t 图象如图所示，下列说法中正确的是(BD )A. 在t 0时刻，甲、乙两个物体相遇B. 在t 0时刻，甲、乙两个物体相距最远C. 甲、乙两个物体相遇时v 乙＞2v 甲D. 甲、乙两个物体相遇时v 乙＜2v 甲9．在如图所示的电路中，E 为电源，其内阻为r ，L 为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R 1、R 2为定值电阻，R 3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V 为理想电压表．若将照射R 3的光的强度减弱，则 ( ABC )A ．电压表的示数变小B ．小灯泡消耗的功率变小C ．通过R 2的电流变大D ．电源内阻的电压变大10．如果把水星和金星绕太阳的运动视为匀速圆周运动，从水星与金星在一条直线上开始计时，若天文学家测得在相同时间内水星转过的角度为θ1，金星转过的角度为θ2(θ1、θ2均为锐角)，则由此条件可求得(BD )A. 水星和金星的质量之比B. 水星和金星的运动轨道半径之比C. 水星和金星受到太阳的引力之比D. 水星和金星的向心加速度大小之比11．如图所示，MN 是一半圆形绝缘线，等量异种电荷均匀分布在其上、下14圆弧上，O 点为半圆的圆心，P 为绝缘线所在圆上的一点，且OP 垂直于MN ，则下列说法正确的是(B C)A. 圆心O 和圆上P 点的场强大小相等，方向相同B. 圆心O 和圆上P 点的场强大小不等，方向相同C. 将一正检验电荷沿直线从O 运动到P ，电场力始终不做功D. 将一正检验电荷沿直线从O 运动到P ，电势能增加12．如图，虚线MN 上方存在方向垂直纸面向里的匀强磁场B 1，带电粒子从边界MN 上的A 点以速度v 0垂直磁场方向射入磁场，经磁场偏转后从边界MN 上的B 点射出．若在粒子经过的区域PQ 上方再叠加方向垂直纸面向里的匀强磁场B 2，让该粒子仍以速度v 0从A 处沿原方向射入磁场，经磁场偏转后从边界MN 上的B′点射出(图中未标出)，不计粒子的重力．下列关于粒子的说法正确的是( ACD )A. B ′点在B 点的左侧B. 从B′点射出的速度大于从B 点射出的速度C. 从B ′点射出的速度方向平行于从B 点射出的速度方向D. 从A 到B′的时间小于从A 到B 的时间三、实验题13． (1) 如图所示，游标卡尺的示数为________mm ，螺旋测微器的示数为________mm.(2) 某同学利用自己设计的弹簧弹射器做“验证弹簧弹性势能E p ＝12kx 2(k 为弹簧的劲度系数，x 为弹簧的形变量)”的实验，装置如图a 所示．水平放置的弹射器将质量为m 的小球弹射出去，测出小球通过两个竖直放置的光电门的时间间隔为t.用刻度尺测出弹簧的压缩量为x ，甲、乙光电门间距为L ，忽略一切阻力．(1) 小球被弹射出的速度大小v ＝____________，求得弹簧弹性势能E p ＝__________；(用题目中的字母符号表示)(2) 该同学测出多组数据，计算并画出如图b 所示E p 与x 2的关系图线，从而验证了它们之间的关系．根据图线求得弹簧的劲度系数k ＝____________N/m ；(3) 由于重力作用，小球被弹射出去后运动轨迹会向下有所偏转，这对实验结果________(填“有”或“无”)影响．(1) L t (2分) mL 22t 2(2分) (2) 200(2分) (3) 无(2分)14．在测量一节干电池电动势E 和内阻r 的实验中，小明设计了如图甲所示的实验电路．(1) 根据图甲实验电路，请在图乙中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接． (2) 实验开始前，应先将滑动变阻器的滑片P 调到________(填“a”或“b”)端(4) 小明测得有关数据后，以电流表读数I 为横坐标，以电压表读数U 为纵坐标作出了如图丙所示的图象，根据图象求得电源的电动势E ＝________V ，电源的内阻r ＝________Ω(结果保留两位有效数字)．11. (1) 连线如图 (2) a (3) 1.5 1.0四、计算题15．如图所示，起重机将重物吊运到高处的过程中经过A 、B 两点，重物的质量m ＝500 kg ，A 、B 间的水平距离d ＝10 m ．重物自A 点起，沿水平方向做v ＝1.0 m/s 的匀速运动，同时沿竖直方向做初速度为零、加速度a ＝0.2 m/s 2的匀加速运动，忽略吊绳的质量及空气阻力，取重力加速度g ＝10 m/s 2.求：(1) 定性描述重物由A 到B 的运动轨迹； (2) 重物由A 运动到B 的时间； (3) 重物经过B 点时速度的大小；(4) 由A 到B 的过程中，吊绳对重物所做的功．13. (12分)解：(1) 向上弯曲的抛物线(2分) (2) t ＝d/v ＝101.0＝10 s(2分) (3) v 竖＝at ＝0.2×10＝2 m/s(2分)v B ＝v 2竖＋v 2＝ 5 m/s(2分) (4) 由能量守恒可知W ＝mgh ＋12mv 2B －12mv 2A ＝51 000 J(4分) 16．如图所示为摩托车特技比赛用的部分赛道，由一段倾斜坡道AB 与竖直圆形轨道BCD 衔接而成，衔接处平滑过渡且长度不计．已知坡道的倾角θ＝11.5°，圆形轨道的半径R ＝10 m ，摩托车及选手的总质量m ＝250 kg ，摩托车在坡道行驶时所受阻力为其重力的0.1倍．摩托车从坡道上的A 点由静止开始向下行驶，A 与圆形轨道最低点B 之间的竖直距离h ＝5 m ，发动机在斜坡上产生的牵引力F ＝2 750 N ，到达B 点后摩托车关闭发动机．已知sin11.5°＝15，g 取10 m/s 2，求：(1) 摩托车在AB 坡道上运动的加速度；(2) 摩托车运动到圆轨道最低点时对轨道的压力；(3) 若运动到C 点时恰好不脱离轨道，求摩托车在BC 之间克服摩擦力做的功．13. (1) 由受力分析与牛顿第二定律可知 F ＋mgsin θ－kmg ＝ma(2分) 代入数字解得a ＝12 m/s 2(2分)(2) 设摩托车到达B 点时的速度为v 1，由运动学公式可得 v 21＝2ah/sin θ，由此可得v 1＝10 6 m/s(2分) 在B 点由牛顿第二定律可知 F N －mg ＝m v 2R(2分)轨道对摩托车的支持力为F N ＝1.75×104 N(1分) 则摩擦车对轨道的压力为1.75×104 N(1分) (3) 摩托车恰好不脱离轨道时，在最高点速度为v 2由牛顿第二定律得mg ＝m v 22R(2分)从B 点到C 点，由动能定理得－mg2R －W f ＝12mv 22－12mv 21(2分)由此可解得W f ＝1.25×104 J(1分)17．如图所示，在矩形ABCD 区域内，对角线BD 以上的区域存在有平行于AD 向下的匀强电场，对角线BD 以下的区域存在有垂直于纸面的匀强磁场(图中未标出)，矩形AD 边长为L ，AB 边长为2L.一个质量为m 、电荷量为＋q 的带电粒子(重力不计)以初速度v 0从A 点沿AB 方向进入电场，在对角线BD 的中点P 处进入磁场，并从DC 边上以垂直于DC 边的速度离开磁场(图中未画出)，求：(1) 带电粒子经过P 点时速度v 的大小和方向； (2) 电场强度E 的大小；(3) 磁场的磁感应强度B 的大小和方向．解：(1) 带电粒子在电场中做类平抛运动，则水平方向：L ＝v 0t竖直方向：L 2＝v y 2t得v y ＝v 0(2分)则P 点的速度为v ＝2v 0(1分)速度与水平方向的夹角为θ，tanθ＝v yv0＝1，所以θ＝45°(1分)(2) v y＝at，a＝qEm，L＝v0t，解得E＝mv20qL(4分)(3) 由几何关系可知，粒子在磁场中转过的圆心角为45°(1分)由几何关系得r＝22L(2分)粒子在磁场中做匀速圆周运动，qvB＝m v2r(1分)得B＝2mv0qL(1分)磁场方向垂直纸面向外．(1分)18.如图所示，四分之一光滑绝缘圆弧轨道AP和水平绝缘传送带PC固定在同一竖直平面内，圆弧轨道的圆心为O，半径为R.传送带P、C之间的距离为L，沿逆时针方向的传动速度v＝gR，在PO的右侧空间存在方向竖直向下的匀强电场．一质量为m、电荷量为＋q的小物块从圆弧顶点A由静止开始沿轨道下滑，恰好运动到C端后返回．物块与传送带间的动摩擦因数为μ，不计物块经过轨道与传送带连接处P时的机械能损失，重力加速度为g.求：(1) 匀强电场的场强E为多大？(2) 物块返回到圆弧轨道后，能上升的最大高度H为多少？(3) 若在PO的右侧空间再加上方向垂直纸面向里、磁感应强度为B的水平匀强磁场(图中未画出)，物块从圆弧顶点A静止释放，运动到C端时的速度为2gR2，试求物块在传送带上运动的时间t.16. (16分)解：(1) 物块从A端运动到C端的过程，由功能关系有mgR－μ(mg＋qE)L＝0(2分)解得E＝mg(R－μL)μqL(2分)(2) 设物块刚从C端向左运动时的加速度为a，由牛顿第二定律有μ(mg＋qE)＝ma(1分)解得a＝gRL(1分)若物块从C端沿传送带向左一直做加速运动，则到达P端时的速度v P＝2aL＝2gR(1分)由于v P＞v，则物块从C端沿传送带向左先做加速运动，后与传送带一起以速度v运动到P端．(1分)由机械能守恒定律有mgH＝12mv2(1分)解得H＝R2(1分)。

江苏省苏北四市(淮安宿迁连云港徐州)2015届高三第一次模拟考试物理扫描版含答案

参考答案及评分标准1、B2、C3、B4、D5、A6、AD7、CD8、AB9、BCD10．（8分）⑴7.25（2分） ⑵t d （2分） ⑶022021H d g t = 或 22002d t gH = （2分） ⑷增加（2分）11．（10分）⑴“－”（2分）、4×104或40000（2分）⑵C （2分）、电池内阻过小（2分）、如右图（2分）12A.（选修3~3）⑴AC （4分，答案不全对得2分）⑵5（2分）升高（2分）⑶①由P 1V 1=P 2V 2 得V 2=1L （2分）②由n =A N V V 2 得n =23100.622.41⨯⨯个=3×1022个（2分） 12B. （选修3~4）⑴CD （4分，答案不全对得2分） ⑵平衡位置（2分） 0.2s （2分）⑶①如图所示，由几何关系知光在AB 界面的入射角︒=601θ，折射角︒=302θ 则3sin sin 21==θθn （2分） ②由v c n =得 33c n c v == （2分） 12C. （选修3~5）⑴AB （4分，答案不全对得2分） ⑵甲（2分） h ν－W 0 （2分） ⑶①4m =222－206， m =4 （1分） 86=82+2m －n ， n =4 （1分） ②由动量守恒定律得 ααv m －v m Po =0 （1分） αv =5.45×107m/s （1分） 13．(15分)⑴由平抛运动规律知 gh v y 22= 1分竖直分速度42==gh v y m/s 1分初速度v 0=337tan =︒y v m/s2分 ⑵对从P 至B 点的过程，由机械能守恒有2022121)53cos (mv mv R R h mg B -=︒-+ 2分经过B 点时，由向心力公式有 R v m mg F B N2=-' 2分代入数据解得 'N F =34N 1分由牛顿第三定律知，对轨道的压力大小为F N =34N ，方向竖直向下 1分⑶因︒>︒37sin 37cos mg mg μ，物体沿轨道CD 向上作匀减速运动，速度减为零后不会下滑 B A C2θ 1θA 0.6 － V 15 3 －待测电源2分从B 到上滑至最高点的过程，由动能定理有2210)37cos 37sin ()37cos 1(B mv x mg mg mgR -=︒+︒-︒--μ 2分代入数据可解得091124135.x ≈=m 在轨道CD 上运动通过的路程x 约为1.09m 1分14. (16分)⑴棒ab 产生的电动势Blv E = 1分回路中感应电流RE I = 1分棒ab 所受的安培力BIlF = 1分对棒ab ma BIl mg =-︒37sin 2分当加速度0=a 时，速度最大，最大值6)37sin 2=︒=Bl mgR v m （m/s 1分 ⑵ 根据能量转化和守恒定律有 Q mv mgx +=︒22137sin 2分代入数据解得 Q =2.2J 1分==∆=∆=∆=RBlx R t R E t I q φ 2.875C 2分 ⑶ 回路中感应电流R Blv I 11=1分框架上边所受安培力l BI F 11= 1分对框架 ︒+=+︒37cos )(37sin 1g M m l BI Mg μ 2分代入数据解得v 1 = 2.4m/s 1分15．(16分)⑴设t =0时刻释放的粒子在0.5T 时间内一直作匀加速运动，加速度dmqU a 0= 1分位移()d qU m d dm qU T dm qU x =⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛⋅⋅=⋅=200202215.021 2分可见该粒子经0.5T 正好运动到O 处，假设与实际相符合该粒子在P 、Q 间运动时间025.0qU m d T t == 1分⑵ t =0时刻释放的粒子一直在电场中加速，对应进入磁场时的速率最大由运动学公式有 m qU T a v 0max 22=⋅= 2分t 1=0时刻释放的粒子先作加速运动（所用时间为t ∆），后作匀速运动，设T 时刻恰好由小孔O 射入磁场，则22)5.0(215.021T a T t a t a =⨯∆+∆ 2分解得 T t 212-=∆ 1分进入磁场时的速率mqU t a v 01)22(-=∆⋅= 1分由右图知，在t 1至0.5T 时间内某时刻进入电场，先作加速运动，后作匀速运动，再作加速运动，速度为t a ∆时还未到达小孔O 处，图中阴影面积等于粒子此时距小孔的距离，再经加速才能到达O 处，此时速度已大于v 1。

2015年江苏省高考物理试卷(含详细答案)

2015年普通高等学校招生全国统一考试（江苏）物理试卷一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分，每小题只有一个．．．．选项符合题意1．一电器中的变压器可视为理想变压器，它将220V交变电流改为110V，已知变压器原线圈匝数为800，则副线圈匝数为（A）．200 （B）．400 （C）．1600 （D）．32002．静电现象在自然界中普遍存在，我国早在西汉末年已有对静电现象的记载《春秋纬考异邮》中有“玳瑁吸”之说，但下列不属于．．．静电现象的是（A）．梳过头发的塑料梳子吸起纸屑（B）．带电小球移至不带电金属球附近，两者相互吸引（C）．小线圈接近通电线圈过程中，小线圈中产生电流（D）．从干燥的地毯走过，手碰到金属把手时有被电击的感觉3．过去几千年来，人类对行星的认识与研究仅限于太阳系内，行星“51 peg b”的发现拉开了研究太阳系外行星的序幕。

“51 peg b”绕其中心恒星做匀速圆周运动，周期约为4天，轨道半径约为地球绕太阳运动半径为120，该中心恒星与太阳的质量比约为（A）．110（B）．1 （C）．5 （D）．104．如图所示，用天平测量匀强磁场的磁感应强度，下列各选项所示的载流线圈匝数相同，边长MN相等，将它们分别挂在天平的右臂下方，线圈中通有大小相同的电流，天平处于平衡状态，若磁场发生微小变化，天平最容易失去平衡的是5．如图所示，某“闯关游戏”的笔直通道上每隔8m设有一个关卡，各关卡同步放行和关闭，放行和关闭的时间分别为5s和2s. 关卡刚放行时，一同学立即在关卡1处以加速度22/m s由静止加速到2m/s，然后匀速向前，则最先挡住他前进的关卡是（A）．关卡2 （B）．关卡3 （C）．关卡4 （D）．关卡5二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分，每小题有多个选项符合题意，全部选对得4分，选对但选不全得2分，错选或不答得0分。

6．一人乘电梯上楼，在竖直上升过程中加速度a随时间t变化的图线如图所示，以竖直向上为a的正方向，则人对地板的压力（A）．t=2s时最大（B）．t=2s时最小（C）．t=8.5s时最大 (D)．t=8.5s时最小7．一带正电的小球向右水平抛入范围足够大的匀强电场，电场方向水平向左，不计空气阻力，则小球(A)．做直线运动 (B)．做曲线运动(C)．速率先减小后增大， (D)．速率先增大后减小8．两个相同的负电荷和一个正电荷附近的电场线分布如图所示，c是两负电荷连线的中点，d点在正电荷的正上方，c、d到正电荷的距离相等，则（A ）．a 点的电场强度比b 点的大（B ）．a 点的电势比b 点的高（C ）．c 点的电场强度比d 点的大（D ）．c 点的电势比d 点的低9．如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端与一质量为m 、套在粗糙竖直固定杆A 处的圆环相连，弹簧水平且处于原长。

(完整版)江苏省南通市2015届高三第一次调研物理试卷及答案

南通市2015届高三第一次调研测试物理一、单项选择题．本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．1．如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，R 为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小．当R 所在位置温度升高时A ．灯泡L 1变亮B ．灯泡L 2变亮C ．电压表读数增大D ．电源内阻消耗功率减小 2．如图所示，小船沿直线AB 过河，船头始终垂直于河岸．若水流速度增大，为保持航线不变，下列措施与结论正确的是A ．增大船速，过河时间不变B ．增大船速，过河时间缩短C ．减小船速，过河时间变长D ．减小船速，过河时间不变3．如图所示，a 、b 都是较轻的铝环，a 环闭合，b 环断开，横梁可以绕中间支点自由转动，开始时整个装置静止．下列说法中正确的是 A ．条形磁铁插入a 环时，横梁不会发生转动B ．只有当条形磁铁N 极拔出铝环时，横梁才会转动C ．条形磁铁用相同方式分别插入a 、b 环时，两环转动情况相同D ．铝环a 产生的感应电流总是阻碍铝环与磁铁间的相对运动4．如图所示，两个带等量正电荷的相同小球，固定在绝缘、粗糙的水平面上A 、B 两点，O 是AB 的中点．带正电的小滑块从C 点由静止释放，在电场力作用下向右点运动，则滑块从C 点运动到O 点的过程中 A ．电势能不断增大 B ．电场力先做正功后做负功 C ．加速度不断减小 D ．速度先增大后减小5．如图所示，AB 、AC 两光滑细杆组成的直角支架固定在竖直平面内，AB 与水平面的夹角为30°，两细杆上分别套有带孔的a 、b 两小球，在细线作用下处于静止状态，细线恰好水平．某时刻剪断细线，在两球下滑到底端的过程中，下列结论中正确的是 A ．a 、b 两球到底端时速度相同 B ．a 、b 两球重力做功相同 C ．小球a 下滑的时间大于小球b 下滑的时间D ．小球a 受到的弹力小于小球b 受到的弹力二、多项选择题．本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．6．某兴趣小组自制一小型发电机，使线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴转动，穿过线圈的磁通量Φ随时间t 按正弦规律变化的图象如图所示，线圈转动周期为T ，线圈产生的电动势的最大值为E m ．则A ．在4T t 时，磁场方向与线圈平面垂直第3题图第1题图第2题图第4题图C第5题图第6题图ΦB ．在2T t =时，线圈中的磁通量变化率最大 C ．线圈中电动势的瞬时值2sin()m t e E T π= D ．若线圈转速增大为原来的2倍，则线圈中电动势变为原来的4倍7．我国研制并成功发射了“嫦娥二号”探月卫星．若卫星在距月球表面高度为h 的轨道上以速度v 做匀速圆周运动，月球的半径为R ，则A ．卫星运行时的向心加速度为h R v +2B ．卫星运行时的角速度为hR v + C ．月球表面的重力加速度为Rh R v )(2+ D ．卫星绕月球表面飞行的速度为R h R v + 8．一汽车以速度v 0在平直路面上匀速行驶，在t =0时刻将汽车发动机的输出功率调为另一个恒定值，设汽车行驶过程中受到的阻力恒定不变．从t =0时刻开始，汽车运动的v -t 图象可能正确的有9．如图所示，直角坐标系xOy 位于竖直平面内，y 轴竖直向上．第Ⅲ、Ⅳ象限内有垂直于坐标面向外的匀强磁场，第Ⅳ象限同时存在方向平行于y 轴的匀强电场（图中未画出）．一带电小球从x 轴上的A 点由静止释放，恰好从P 点垂直于y 轴进入第Ⅳ象限，然后做圆周运动，从Q 点垂直于x 轴进入第Ⅰ象限，Q 点距O 点的距离为d ，重力加速度为g ．根据以上信息，可以求出的物理量有A ．圆周运动的速度大小B ．电场强度的大小和方向C ．小球在第Ⅳ象限运动的时间D ．磁感应强度大小三、简答题：本题分必做题（第lO 、11题)和选做题(第12题)两部分，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．必做题10．（8分）小张和小明测绘标有“3.8 V 0.4 A ”小灯泡的伏安特性曲线，提供的实验器材有：A ．电源E （4 V ，内阻约0.4 Ω）B ．电压表V （2 V ，内阻为2 kΩ）C ．电流表A （0.6 A ，内阻约0.3 Ω）D ．滑动变阻器R （0～10Ω)E ．三个定值电阻（R 1 =1kΩ，R 2=2kΩ，R 3=5kΩ）F ．开关及导线若干（1）小明研究后发现，电压表的量程不能满足实验要求，为了完成测量，他将电压表进行了改装．在给定的定值电阻中选用 ▲ （选填“R 1”、“R 2”或“R 3”）与电压表 ▲ （选填 “串联”或“并联”），完成改装．v vv A B C D v第9题图。

(完整版)江苏省南通市2019届高三第一次调研测试物理试题

.南通市2015届高三第一次调研测试物理一、单项选择题．本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．1．如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，R 为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小．当R 所在位置温度升高时A ．灯泡L 1变亮B ．灯泡L 2变亮C ．电压表读数增大D ．电源内阻消耗功率减小2．如图所示，小船沿直线AB 过河，船头始终垂直于河岸．若水流速度增大，为保持航线不变，下列措施与结论正确的是A ．增大船速，过河时间不变B ．增大船速，过河时间缩短C ．减小船速，过河时间变长D ．减小船速，过河时间不变3．如图所示，a 、b 都是较轻的铝环，a 环闭合，b 环断开，横梁可以绕中间支点自由转动，开始时整个装置静止．下列说法中正确的是 A ．条形磁铁插入a 环时，横梁不会发生转动B ．只有当条形磁铁N 极拔出铝环时，横梁才会转动C ．条形磁铁用相同方式分别插入a 、b 环时，两环转动情况相同D ．铝环a 产生的感应电流总是阻碍铝环与磁铁间的相对运动4．如图所示，两个带等量正电荷的相同小球，固定在绝缘、粗糙的水平面上A 、B 两点，O 是AB 的中点．带正电的小滑块从C 点由静止释放，在电场力作用下向右点运动，则滑块从C 点运动到O 点的过程中A ．电势能不断增大B ．电场力先做正功后做负功C ．加速度不断减小D ．速度先增大后减小5．如图所示，AB 、AC 两光滑细杆组成的直角支架固定在竖直平面内，AB 与水平面的夹角为30°，两细杆上分别套有带孔的a 、b 两小球，在细线作用下处于静止状态，细线恰好水平．某时刻剪断细线，在两球下滑到底端的过程中，下列结论中正确的是A ．a 、b 两球到底端时速度相同B ．a 、b 两球重力做功相同C ．小球a 下滑的时间大于小球b 下滑的时间D ．小球a 受到的弹力小于小球b 受到的弹力二、多项选择题．本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．6．某兴趣小组自制一小型发电机，使线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴转动，穿过线圈的磁通量Φ随时间t 按正弦规律变化的图象如图所示，线圈转动周期为T ，线圈产生的电动势的最大值为E m ．则第3题图第1题图第2题图第4题图 C 第5题图.A ．在4Tt =时，磁场方向与线圈平面垂直 B ．在2Tt =时，线圈中的磁通量变化率最大C ．线圈中电动势的瞬时值2sin()m te E Tπ=D ．若线圈转速增大为原来的2倍，则线圈中电动势变为原来的4倍7．我国研制并成功发射了“嫦娥二号”探月卫星．若卫星在距月球表面高度为h 的轨道上以速度v 做匀速圆周运动，月球的半径为R ，则A ．卫星运行时的向心加速度为h R v +2B ．卫星运行时的角速度为hR v+C ．月球表面的重力加速度为Rh R v )(2+D ．卫星绕月球表面飞行的速度为RhR v +8．一汽车以速度v 0在平直路面上匀速行驶，在t =0时刻将汽车发动机的输出功率调为另一个恒定值，设汽车行驶过程中受到的阻力恒定不变．从t =0时刻开始，汽车运动的v -t 图象可能正确的有9．如图所示，直角坐标系xOy 位于竖直平面内，y 轴竖直向上．第Ⅲ、Ⅳ象限内有垂直于坐标面向外的匀强磁场，第Ⅳ象限同时存在方向平行于y 轴的匀强电场（图中未画出）．一带电小球从x 轴上的A 点由静止释放，恰好从P 点垂直于y 轴进入第Ⅳ象限，然后做圆周运动，从Q 点垂直于x 轴进入第Ⅰ象限，Q 点距O 点的距离为d ，重力加速度为g ．根据以上信息，可以求出的物理量有 A ．圆周运动的速度大小 B ．电场强度的大小和方向 C ．小球在第Ⅳ象限运动的时间 D ．磁感应强度大小三、简答题：本题分必做题（第lO 、11题)和选做题(第12题)两部分，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．必做题10．（8分）小张和小明测绘标有“3.8 V0.4 A ”小灯泡的伏安特性曲线，提供的实验器材有：A ．电源E （4 V ，内阻约0.4 Ω）B ．电压表V （2 V ，内阻为2 kΩ）C ．电流表A （0.6 A ，内阻约0.3 Ω）D ．滑动变阻器R （0～10Ω)v vv ABCDv 第9题图第6题图Φ。

江苏省南通中学2015届高三上学期期中考试物理试题解析

南通中学2015届高三上学期期中考试物理试题一．单项选择题：本题共7小题，每小题3分，共21分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得3分，选错或不答的得0分．1、物体在两个相互垂直的力作用下运动，力F 1对物体做功6J ，物体克服力F 2做功8J ，则F 1、F 2的合力对物体做功为（）A.14JB.10JC.2JD.－2J2、一滑块在水平地面上沿直线滑行，t =0时其速度为l m/s ，从此时刻起在滑块运动方向上再施加一个水平作用力，力F 和滑块的速度随时间变化的规律如图a 和b 所示，设在第1 s 内，第2s 内，第3s 内力F 对滑块做的功分别为W 1、W 2、W 3，下列说法正确的是（）A ．W 1=W 2=W 3B ．W 1<W 2<W 3C ．W 1<W 3<W 2D ．W 1=W 2<W 33、如图所示，在地面上以速度v 0抛出质量为m 的物体，抛出后物体落到比地面低h 的海平面上．若以地面为零势能面而且不计空气阻力，则 ①物体落到海平面时的势能为mgh ②重力对物体做的功为mgh③物体在海平面上的动能为mgh mv 2021 ④物体在海平面上的机械能为2021mv其中正确的是（）A ．②③④B ．①②③C ．①③④D ．①②④4、如图D 、E 、F 、G 为地面上水平间距相等的四点，三个质量相同的小球A 、B 、C 分别在E 、F 、G 的正上方不同高度处，以相同的水平初速度向左抛出，最后均落到D 点。

若不计空气阻力，则可判断A 、B 、C 三个小球（） A ．初始离地面的高度之比为123 B ．落地时重力的瞬时功率之比为123 C ．落地时三个小球的速度大小之比为123D ．从抛出到落地过程中，动能的变化量之比为1235、研究表明，地球自转在逐渐改变，3亿年前地球自转的周期约为22小时。

假设这种趋势会持续下去，且地球的质量、半径都不变，若干年后（）A ．近地卫星（以地球半径为轨道半径）的运行速度比现在大B ．近地卫星（以地球半径为轨道半径）的向心加速度比现在小C ．同步卫星的运行速度比现在小题2图题3图题4图D ．同步卫星的向心加速度与现在相同6．两个等量异种点电荷位于 x 轴上，相对原点对称分布，正确描述电势随位置x 变化规律的是图（）7、如图所示，A 、B 为某电场中一条直线上的两个点，现将正点电荷从A 点静止释放，仅在电场力作用下运动一段距离到达B 点，其电势能E p 随位移x 的变化关系如图所示．从A 到B 过程中，下列说法正确的是（） A. 电场力对电荷一直做正功 B. 电势一直升高C. 电荷所受电场力先减小后增大D. 电荷所受电场力先增大后减小二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．8、A 、B 是一条电场线上的两点，若在某点释放一初速为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线从A 运动到B ，其速度随时间变化的规律如图所示。

江苏省2015届高三物理第一次联考试题

江苏大联考2015届高三第一次联考·物理试卷考生注意:1.本试卷共120分。

考试时间100分钟。

2.答题前,考生务必将密封线内的项目填写清楚。

3.请将试卷答案填在试卷后面的答题卷上。

4.交卷时,可根据需要在加注“”标志的夹缝处进行裁剪。

5.本试卷主要考试内容:必修1。

第Ⅰ卷(选择题共31分)一、单项选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分。

每小题只有一个．．．．选项符合题意。

1.下列物理公式属于定义式的是A.a=B.a=C.F=μF ND.x=v0t+at22.关于牛顿运动定律,下列理解正确的是A.作用力和反作用力等大反向,合力为零B.先有力的作用,然后才产生加速度C.质量越大的物体惯性也越大D.物体只有受到力的作用才会运动3.如图所示,一根不可伸长的细绳固定在同一高度的A、B两点,中间悬挂一轻质光滑滑轮,滑轮下端挂一质量为m的重物,平衡时∠AOB=90°,现把B点水平左移到C点,达到新的平衡,此时∠AOC=60°。

则移动前、后绳子的张力之比为A.3∶2B.2∶3C.D.4.滑板爱好者由静止开始沿一斜坡匀加速下滑,经过斜坡中点时的速度为v,则到达斜坡底端时的速度为A.vB.vC.2vD.v5.如图所示,一小球以某一速度从倾角为30°的光滑斜面底端冲向顶端,然后又返回底端。

A、B、C是斜面上的三个点,其中C为小球到达的最高点,B是AC段的中点。

若小球在A、C间往返的总时间为t,那么小球经过B点时速度的大小等于A.gtB.gtC.gtD.gt二、多项选择题:本题共4小题,每小题4分,共计16分。

每小题有多个选项符合题意。

全部选对的得4分,选对但不全的得2 分,错选或不答的得0分。

6.一位于光滑水平面上的木块受到水平力F1与F2的作用而静止不动。

现保持F1的大小和方向不变,使F2的方向不变、大小随时间均匀减小到零后再均匀增加到原来大小。

在这个过程中,下列能正确描述木块运动情况的图象是7.如图所示,A、B、C三球的质量均为m,轻质弹簧一端固定在斜面顶端,另一端与A球相连,A、B间固定一个轻杆,B、C间由一轻质细线连接。

南通市2014-2015物理一模试卷

南通市2014-2015物理一模试卷一、选择题：本题共10小题，每小题2分，共20分．每小题只有一个．．．．选项正确． 1、关于粒子和宇宙，下列认识中正确的是A ．地球是宇宙的中心，恒星是绝对不动的B ．物理学家汤姆生发现了电子从而揭示了原子是可分的C ．闻气味能鉴别醋和酱油是因为分子间有相互作用力D ．将两块表面平滑的铅块压紧后，它们会粘在一起是因为分子在运动2、下列能源中属于可再生能源的是A ．石油B ．天然气C ．太阳能D ．核能3、下列数据中，最接近实际情况的是A. 中学生爬楼的功率大约80WB. 对人体安全的电压不高于220VC. 家用台灯正常工作时，功率约为800WD. 电子手表工作时的电流约2A4．乘客坐在轮船中逆流而上，认为自己是静止的，选取的参照物是A ．河岸边的树B ．迎面驶来的船C ．流淌着的河水D ．所乘轮船的船舱5、如图所示是某物质的熔化图像。

下列关于此图像信息的解读错误的是A ．这是一种晶体物质B ．CD 段时物质处于气态C ．物质的初温是40℃D ．加热5分钟时物质温度是48℃6、如图所示的四幅实验装置图中，能反映电动机工作原理的是7、拍毕业照时，摄影师发现有几位同学没有进入取景框内，正确调整照相机的方法是A ．照相机向前移，镜头向前伸B ．照相机向前移，镜头向后缩C ．照相机向后移，镜头向前伸D ．照相机向后移，镜头向后缩8．电梯中有一平面镜，该平面镜可能是背面镀银的玻璃镜，也可能是正面抛光的不锈钢．为确定其类型，小明用棋子来做实验，下列实验方案中可行的是A ．将棋子远离镜面放置，观察像与物的大小B ．将棋子紧贴镜面放置，观察像与物的大小C ．将棋子远离镜面放置，观察像与物间的距离D ．直导线通电时发生运动A ．线圈通电后吸引大头针B ．导线左右运动时产生电C ．闭合开关后小磁针偏转D ．将棋子紧贴镜面放置，观察像与物间的距离9、某调光灯电路如图所示，当滑动变阻器达到滑片P 滑至a 端时，灯泡L 的功率为36W ；滑片P 滑至b 端时，灯泡L的功率为9W ，则滑片P 滑至ab 的中点时，灯泡L 的功率为（）A ．22.5WB ．18WC ． 16WD ．25W10、四位同学用同一组器材（如图所示）进行了下面四项操作：甲同学拉木块A 在长木板B 上匀速运动；乙同学拉A 在B 上加速运动；丙同学固定A ，拉B 运动；丁同学拉B ，使AB 一起匀速运动。

高三物理月考试题及答案-江苏南通市如皋市2015届高三上学期质检(一).docx

2014-2015 学年江苏省南通市如皋市高三（上）质检物理试卷（一）参考答案与试题解析一、单项选择题．本题共 8 小题，每小题 3 分，共计 24 分．每小题只有一个选项符合题意．1．（ 3 分）下列叙述中正确的是（）A．库仑提出了用电场线描述电场的方法B．重心、合力等概念的建立都体现了等效替代的思想C．伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证D．用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如场强E= ，加速度 a=都是采用比值法定义的考点：电场强度；伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法；重力．分析：本题涉及物理学史，根据物理学家的科学成就和常识进行解答．解答：解： A、法拉第提出了用电场线描述电场的方法，故A错误．B、重心是物体各部分所受重力的作用点、合力与分力是等效关系，所以这两个概念的建立都体现了等效替代的思想．故 B 正确．C、伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，但并未直接进行验证，而是在斜面实验的基础上的理想化推理得到，故C错误．D、场强 E= 是采用比值法定义的，而加速度a=不是采用比值法定义，故 D 错误．故选： B．点评：本题考查了物理学史和一些常识问题，知道比值法定义出来的物理量与参与定义的量无关．2．（ 3 分）航天员进行素质训练时，抓住秋千杆由水平状态向下摆，到达竖直状态的过程如图所示，则这一过程中航天员所受重力的瞬时功率变化情况是（）A．一直增大B．一直减小C．先增大后减小D．先减小后增大考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：重力是竖直方向的，重力的瞬时功率只与人在竖直方向上的速度有关，根据人做的是圆周运动，可以知道人的速度的变化的情况．解答：解：由于重力是竖直向下的，重力的瞬时功率只与人在竖直方向上的速度有关，在刚开始运动的时候，人的速度为零，所以此时人的重力的瞬时功率为零，当运动到最低点时，人的速度为水平方向的，与重力的方向垂直，此时的人重力的功率为零，所以重力的功率是先增大后或减小，所以 C 正确．故选 C．点评：本题就是考查学生对功率概念的理解，瞬时功率的大小与力的大小和方向都有关．3．（ 3 分）如图所示，甲、乙两运动员从水速恒定的河两岸A、 B 处同时下水游泳， A 在 B 的下游位置，甲游得比乙快，为了在河中尽快相遇，两人游泳的方向应为（）A．甲、乙都沿A、B 连线方向B．甲、乙都沿A、B 连线偏向下游方向C．甲、乙都沿A、B 连线偏向上游方向D．甲沿 A、 B 连线偏向上游方向，乙沿A、 B 连线偏向下游方向考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：由题知，甲逆水的同时向上游动，乙顺流的同时也要向上游动，这样做才能使两人走的距离最近，据此分析回答．解答：解：一旦 AB 进入河中，他们就是同一个参考系了，就不要考虑水速了．无论他们谁快谁慢，方向应该是AB连线了．故 A 正确， BCD错误．故选： A．点评：本题需要结合实际认真思考，得出甲乙游水类似在地面上行走是本题的关键．4．（3 分）在如图所示的位移﹣﹣时间图象和速度﹣﹣时间图象中，给出的四条图线甲、乙、丙、丁分别代表四个相同的物体在水平面上，由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是（）A． t 1时刻甲、乙两物体的动能相等B． 0﹣ t 1时间内，甲物体通过的路程大于乙物体通过的路程C．丙、丁两物体再次相遇前在t 2时刻相距最远D． t 2时刻丙物体受到的合外力小于丁物体受到的合外力考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．从分析：位移时间图线某点切线的斜率表示瞬时速度，根据斜率的大小比较出速度的大小，而比较出动能．根据纵坐标的大小比较甲乙通过的路程．速度时间图线切线斜率表示加速度的大小，图线与时间轴围成的面积表示位移．解答：解： A、 t 1时刻，乙的切线斜率大于甲的斜率，知乙的速度大于甲的瞬时速度，则乙的动能大于甲的动能．故 A 错误．B、位移时间图线是位移随时间的变化规律，不是运行的轨迹，甲乙两物体都做直线运动， 0﹣t 1时间内，甲乙的路程相等．故 B 错误．C、在 t 2时刻之前，丁的速度大于丙的速度，两者距离越来越大，速度相等后，丙的速度大于丁的速度，两者距离越来越小，则在t 2时刻相距最远．故 C 正确．D、在 t 2时刻，丙图线的斜率大于丁的斜率，则丙的加速度大于丁的加速度，根据牛顿第二定律知丙受到的合力大于丁受到的合力．故 D 错误．故选 C．点评：解决本题的关键知道速度时间图线和位移时间图线的物理意义，知道图线的斜率分别表示的意义．5．（ 3 分）如图所示，人的质量为M，物块的质量为m，且 M＞ m，若不计绳与滑轮的摩擦，则当人拉着绳向右跨出一步后，人和物仍保持静止，则下列说法中正确的是（）A．地面对人的摩擦力减小B．地面对人的摩擦力不变C．人对地面的作用力不变D．人对地面的作用力增大考点：共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：当人拉着绳向右跨出一步后，人和物仍保持静止，所以人和物始终处于平衡状态，分别对物体和任受力分析应用平衡条件分析即可．解答：解：物体始终处于静止状态，所以绳子对物体的拉力始终等于mg；对人受力分析并正交分解如图：由平衡条件得：N+mgsinθ=Mgf=mgcos θ当人拉着绳向右跨出一步后，θ 将变小：所以： f=mgcos θ会变大， N=Mg﹣ mgsin θ也将变大；故ABC错误，D 正确；故选： D．点评：本题为平衡条件得应用﹣﹣动态分析；常用的方法是画图法和解析式法，一般物体受3 个力时常用画图法，受4 个以上的力时用解析式法．6．（ 3 分）（2011?四川）如图是“神舟”系列航天飞船返回舱返回地面的示意图，假定其过程可简化为：打开降落伞一段时间后，整个装置匀速下降，为确保安全着陆，需点燃返回舱的缓冲火箭，在火箭喷气过程中返回舱做减速直线运动，则（）A．火箭开始喷气瞬间伞绳对返回舱的拉力变小B．返回舱在喷气过程中减速的主要原因是空气阻力C．返回舱在喷气过程中所受合外力可能做正功D．返回舱在喷气过程中处于失重状态考点：牛顿第二定律；超重和失重；功的计算．分析：打开降落伞一段时间后，返回舱已经做匀速运动，此时的速度还是比较大，当着陆时点燃缓冲火箭使返回舱的速度快速的减为零，从而安全着陆，所以在点燃返回舱的缓冲火箭的过程中，起主要作用的是缓冲火箭，缓冲火箭对返回舱做负功使其动能减小．解答：解： A、火箭开始喷气前匀速下降拉力等于重力减去返回舱受到的空气阻力，火箭开始喷气瞬间反冲力直接对返回舱作用因而伞绳对返回舱的拉力变小．所以A正确．B、返回舱在喷气过程中减速的主要原因是缓冲火箭向下喷气而获得向上的反冲力，不是空气阻力，所以 B 错误．C、在火箭喷气过程中返回舱做减速直线运动，加速度方向向上，返回舱处于超重状态，动能减小，返回舱所受合外力做负功，所以 C 错误．D、由 C 的分析可知， D 错误．故选： A．点评：在着陆的过程中，主要是靠缓冲火箭来使返回舱减速到零，所以缓冲火箭对返回舱做负功，返回舱做减速运动有向上的加速度，处于超重状态．本题需要同学分析清楚返回舱的运动过程，从而判断返回舱运动的状态．7．（ 3 分）如图所示，一圆环上均匀分布着负电荷，x 轴垂直于环面且过圆心O．下列关于x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的是（）A． O点的电场强度为零，电势最高B． O点的电场强度为零，电势最低C．从 O点沿 x 轴正方向，电场强度减小，电势升高D．从 O点沿 x 轴正方向，电场强度增大，电势降低考点：电势；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：圆环上均匀分布着负电荷，根据电场的叠加和对称性，分析O点的场强．根据电场的叠加原理分析x 轴上电场强度的方向，即可判断电势的高低．解答：解：AB、圆环上均匀分布着负电荷，根据对称性可知，圆环上各电荷在O点产生的场强抵消，合场强为零．圆环上各电荷产生的电场强度在x 轴有向右的分量，根据电场的叠加原理可知，x 轴上电场强度方向向左，根据顺着电场线方向电势降低，可知在x 轴上 O点的电势最低，故 A 错误， B正确；CD、 O点的场强为零，无穷远处场强也为零，所以从O点沿 x 轴正方向，场强应先增大后减小．x 轴上电场强度方向向左，电势升高，故 C 错误， D 错误．故选： B．点评：解决本题的关键有两点：一是掌握电场的叠加原理，并能灵活运用；二是运用极限法场强的变化．8．（ 3 分）（2014?江西模拟）如图物体 A 叠放在物体 B 上， B 置于光滑水平面上．A，B 质量分别为增大到m A=6kg，m B=2kg，A，B 之间的动摩擦因数45N的过程中，则（）μ =0.2 ，开始时F=10N，此后逐渐增加，在A．当拉力 F＜ 12N时，两物体均保持静止状态B．两物体开始没有相对运动，当拉力超过12N 时，开始相对滑动C．两物体间从受力开始就有相对运动D．两物体间始终没有相对运动考点：牛顿第二定律；滑动摩擦力；静摩擦力和最大静摩擦力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：隔离对 B 分析，求出AB 发生相对滑动时的临界加速度，再对整体分析，运用牛顿第二定律求出刚好发生相对滑动时的拉力．解答：解：隔离对 B 分析，当AB间摩擦力达到最大静摩擦力时，A、 B 发生相对滑动，则．再对整体分析F=（m A+m B）a=8×6N=48N．知当拉力达到48N 时，A、B 才发生相对滑动．在 F 小于 12N时，两者是保持相对静止的，相对于地面是运动的．故 D 正确， A、 B、C错误．故选D．点评：本题考查牛顿第二定律的临界问题，关键找出临界状态，运用整体法和隔离法，根据牛顿第二定律进行求解．全二、多项选择题．本题共 6 小题，每小题 4 分，共计 24 分．每小题有多个选项符合题意．部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，错选或不答的得 0 分．9．（ 4 分）下列说法中正确的是（）A．分别沿圆轨道和椭圆轨道环绕地球运动的两颗卫星，不可能具有相同的周期B．沿椭圆轨道环绕地球运行的一颗卫星，在轨道上两个不同位置可能具有相同的速率C．在赤道上空运行的两颗地球同步卫星，它们的轨道半径有可能不同D．沿不同轨道经过北京上空的两颗卫星，它们的轨道平面不一定重合考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：根据开普勒定律求解．了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球自转周期相同．物体做匀速圆周运动，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向轨道平面的中心．通过万有引力提供向心力，列出等式通过已知量确定未知量．解答：解： A、根据开普勒动第三定律，分别沿圆轨道和椭圆轨道运行的两颗卫星，可能具有相同的周期，故 A 错误；B、沿椭圆轨道运行的一颗卫星，在轨道对称的不同位置具有相同的速率，故 B 正确；C、根据万有引力提供向心力，列出等式：=m（ R+h），其中 R 为地球半径， h 为同步卫星离地面的高度．由于同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，所以T 为一定值，根据上面等式得出：同步卫星离地面的高度h 也为一定值．故 C 错误；D、沿不同轨道经过北京上空的两颗卫星，轨道平面可以不重合，只要轨迹圆的圆心与地心重合即可，故 D 正确；故选： BD．点评：地球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度大小．10．（ 4 分）如图所示，在地面上以速度v0抛出质量为m的物体，抛出后物体落到比地面低h 的海平面上．若以地面为零势能面而且不计空气阻力，则以下说法正确的是（）A．物体落到海平面时的势能为B．重力对物体做功为mgh C．物体在海平面上的动能为D．物体在海平面上的机械能为mghmv ﹣ mghmv考点：机械能守恒定律；功的计算．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：整个过程不计空气阻力，只有重力对物体做功，机械能守恒，应用机械能守恒和功能关系可判断各选项的对错．解答：解：A、以地面为零势能面，海平面低于地面h，所以物体在海平面上时的重力势能为﹣ mgh，故 A 错误．B、重力做功与路径无关，只与始末位置的高度差有关，抛出点与海平面的高度差为h，并且重力做正功，所以整个过程重力对物体做功为mgh，故 B 正确．C、由动能定理得： mgh=E ﹣2mv2+mgh，故 Cmv ，物体在海平面上的动能为： E =k20k20错误．D、整个过程机械能守恒，即初末状态的机械能相等，以地面为零势能面，抛出时的机械能为2，所以物体在海平面时的机械能也为2，故 D 正确．mv0mv0故选： BD．点评：此题考查重力势能、重力做功、动能定理和机械能守恒，动能定理揭示了外力对物体所做总功与物体动能变化之间的关系，它描述了力在空间的积累效果，力做正功，物体的动能增加，力做负功，动能减少．动能定理解决的问题不受运动形式和受力情况的限制．还有就是重力势能的变化与零势能面的选取无关．11．（ 4 分）如图所示，a、 b 为一根方向竖直向上的电场线上的两点，一带电质点在点 a 由静止释放，沿电场线向上运动，到点 b 速度恰好为零，下列说法正确的是（）A．带电质点在a、b 两点所受的电场力都是竖直向上的B．点 a 的电势比点 b 的电势高C．带电质点在点 a 的电势能比在点 b 的电势能小D．点 a 的电场强度比点 b 的电场强度大考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由题意可知，带点质点受两个力，重力和电场力．由静止向上运动，可判断出电场力的方向，根据电场力做的功，判断电势能的变化．通过带电质点初末速度为零可比较出两点的电场强度．沿电场线方向电势逐渐降低．解答：解： A、由题意可知，带点质点受两个力，重力和电场力．开始由静止向上运动，电场力大于重力，且方向向上．因为在一根电场线上，所以在两点的电场力方向都向上．故 A 正确；B、沿电场线的方向电势逐渐降低，所以 a 的电势比点 b 的电势高，故B正确；C、电场力做正功，电势能降低，所以带电质点在 a 点的电势能比在 b 点的电势能大．故 C错误；D、在a点，电场力大于重力，到 b 点恰好速度为零，可知先加速后减速，所以b点所受的电场力小于重力．所以 a 点的电场强度比 b 点的电场强度大．故D正确．故选：ABD．点评：解决本题的关键通过a、b 两点的速度为0，知道受重力和电场力两个力，且知道电场力的方向．通过电场力与重力的大小关系，比较电场强度的大小．以及知道电场力做功与电势能的关系和沿电场线方向电势降低．12．（ 4 分）内壁光滑的环形凹槽半径为R，固定在竖直平面内，一根长度为R 的轻杆，一端固定有质量m的小球甲，另一端固定有质量为2m的小球乙．现将两小球放入凹槽内，初始时刻小球乙位于凹槽的最低点（如图所示），由静止释放后（）A．下滑过程中甲球减少的机械能总是等于乙球增加的机械能B．下滑过程中甲球减少的重力势能总是等于乙球增加的重力势能C．甲球沿凹槽下滑不可能到达槽的最低点D．杆从右向左滑回时，乙球一定不能回到凹槽的最低点考点：机械能守恒定律；动能和势能的相互转化．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：甲与乙两小球系统，重力势能和动能相互转化，系统机械能守恒；还可以将甲与乙当作一个整体，找出重心，机械能也守恒．解答：解： A、甲与乙两个物体系统机械能守恒，故甲减小的机械能一定等于乙增加的机械能，故 A 正确；B、甲与乙两个物体系统机械能守恒，甲球减小的重力势能转化为乙的势能和动能以及甲的动能，故 B 错误；C、若甲球沿凹槽下滑到槽的最低点，乙则到达与圆心等高处，但由于乙的质量比甲大，造成机械能增加了，明显违背了机械能守恒定律，故甲球不可能到圆弧最低点，故 C正确；D、由于机械能守恒，故动能减为零时，势能应该不变，故杆从右向左滑回时，乙球一定能回到凹槽的最低点，故 D 错误；故选： AC．点评：本题关键是甲与乙两个球系统机械能守恒，也可以找出系统重心，当作单个物体．+q 13．（ 4 分）如图所示，光滑曲面上方有一固定的带电量为 +Q 的点电荷，现有一带电量为的金属小球（可视为质点），从 A 点以初速度 v0射入，沿曲面运动到 D，小球与曲面相互绝缘，下列说法正确的是（）A．小球在 C 点时受到 +Q 的库仑力最大，对曲面的压力也最大B．小球从 A 点运动到C点过程中，重力势能的增加量小于其动能的减少量C．小球从 A 点运动到D点过程中，动能先减小后增大D．小球从 A 点运动到D点过程中，机械能先增大后减小考点：电势差与电场强度的关系；功能关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：小球沿着曲面运动，受到重力、支持力和库仑力，根据动能定理判断动能变化，根据重力做功与重力势能变化关系判断重力势能的变化，根据电场力做功与电势能变化的关系判断电势能的变化．解答：解： A、小球在C 点时受到 +Q的库仑力最大，库仑力、重力和支持力的合力提供向心力，故在 C 点支持力不一定最大，故 A 错误；B、小球从A 点到 C点过程中，合力做负功，动能减小，重力势能和电势能都增加，总能量守恒，故重力势能的增加量小于其动能的减少量，故 B 正确；C、小球从A点运动到 D 点过程中，重力和库仑力先做负功后做正功，故动能先减小后增大，故C正确；D、小球在曲面上运动过程中，库仑力先做负功后做正功，故机械能先减小后增大，故 D错误；故选： BC点评：本题关键根据功能关系判断动能、重力势能、电势能的变化，同时结合向心力公式、牛顿第二定律分析．14．（ 4 分）（2012?江苏）如图所示，相距 l 的两小球A、B 位于同一高度h（ l 、h 均为定值）．将A 向 B 水平抛出的同时， B 自由下落． A、B 与地面碰撞前后，水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反．不计空气阻力及小球与地面碰撞的时间，则（）A． A、 B 在第一次落地前能否发生相碰，取决于 A 的初速度大小B． A、 B 在第一次落地前若不碰，此后就不会相碰C． A、 B 不可能运动到最高处相碰D． A、 B 一定能相碰考点：平抛运动；自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：因为平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据该规律抓住地面碰撞前后，水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反与判断两球能否相碰．解答：解： A、若 A 球经过水平位移为l 时，还未落地，则在 B 球正下方相碰．故 A 正确．B、 A、B 在第一次落地前不碰，由于反弹后水平分速度、竖直分速度大小不变，方向相反，则以后一定能碰．故 B 错误， D 正确．C、若 A 球落地时的水平位移为时，则A、B在最高点相碰．故C错误．故选 AD．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，根据该规律进行分析．三、填空题：本题共 4 小题，共 25 分，将答案写在相应的横线上或题目指定位置． 153 MNM的示中未画出）通过细线拉橡皮条的端点，使其到达 O点，此时α +β =90°，然后保持数不变，而使α 角减小，为保持端点位置不变，可采用的办法是（）A．减小 N的示数同时减小C．增大 N的示数同时增大β 角β 角B．减小 N 的示数同时增大D．增大 N 的示数同时减小β 角β 角考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．分析：要使结点不变，应保证合力不变，故可以根据平行四边形定则分析可以采取的办法．解答：解：要保证结点不动，应保证合力不变，则由平行四边形定则可知，合力不变，向向合力方向靠拢，则N 的拉力应减小，同时应减小β 角；故选 AM方点评：本题考查平行四边形定则的应用，在应用时要注意做出平行四边形进行动态分析．16．（ 6 分）如图，带电量为 +q 的点电荷与均匀带电薄板相距为2d，点电荷到带电薄板的垂线通过板的几何中心．若图中 a 点处的电场强度为零，根据对称性，图中b点处的电场强度大小为，方向水平向左．（静电力恒量为k）考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由点电荷的场强公式可得出q 在 a 点形成的场强，由电场的叠加原理可求得薄板在a 点的场强大小及方向；由对称性可知薄板在 b 点形成的场强．解答：解； q 在 a 点形成的电场强度的大小为E，方向向左；因 a 点场强为零，故薄板1=在 a 点的场强方向向右，大小也为，由对称性可知，薄板在 b 点的场强，方向向左；q 在 b 处产生的场强大小为E2==，方向向左，根据电场的叠加原理可得： b 点处的电场强度大小为E=E1+E2=，方向水平向左．故答案为：，水平向左．点评：题目中要求的是薄板形成的场强，看似无法解决；但注意a点的场强是由薄板及点电荷的电场叠加而成，故可求得薄板在a 点的电场强度，而薄板两端的电场是对称的，故由对称性可解．17．（ 8 分）（2015?邢台模拟）如图甲所示是某同学探究加速度与力的关系的实验装置．他在气垫导轨上安装了一个光电门B，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连，传感器下方悬挂钩码，每次滑块都从 A 处由静止释放．（1）该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，则d= 2.30mm．（2）实验时，将滑块从 A 位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门 B 的时间t ，若要得到滑块的加速度，还需要测量的物理量是遮光条到光电门的距离L；（3）下列不必要的一项实验要求是A．（请填写选项前对应的字母）A．应使滑块质量远大于钩码和力传感器的总质量B．应使A位置与光电门间的距离适当大些C．应将气垫导轨调节水平D．应使细线与气垫导轨平行（4）改变钩码质量，测出对应的力传感器的示数 F 和遮光条通过光电门的时间点作出线性图象，研究滑块的加速度与力的关系，处理数据时应作出t ，通过描图象．（选填“t2﹣F”、“”或“”）．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：游标卡尺读数结果等于固定刻度读数加上可动刻度读数，不需要估读．滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度．根据运动学公式解答．用细线拉力表示合力，要考虑摩擦力的影响．解答：解：（ 1）由图知第 6 条刻度线与主尺对齐， d=2mm+6×0.05mm=2.30mm；（ 2）实验时，将滑块从 A 位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门B 的时间 t ，滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度．根据运动学公式得若要得到滑块的加速度，还需要测量的物理量是遮光条到光电门的距离 L（ 3）A、拉力是直接通过传感器测量的，故与小车质量和钩码质量大小关系无关，故A正确；B、应使 A 位置与光电门间的距离适当大些，有利于减小误差，故 B 错误C、应将气垫导轨调节水平，使拉力才等于合力，故C错误D、要保持拉线方向与木板平面平行，拉力才等于合力，故 D 错误；。

【VIP专享】2015届南通市高三一模考试试卷和答案

数学参考答案及评分建议第 1 页（共 16 页）
6.培养学生观察、思考、对比及分析综合的能力。过程与方法1.通过观察蚯蚓教的学实难验点，线培形养动观物察和能环力节和动实物验的能主力要；特2征.通。过教对学观方察法到与的教现学象手分段析观与察讨法论、，实对验线法形、动分物组和讨环论节法动教特学征准的备概多括媒，体继课续件培、养活分蚯析蚓、、归硬纳纸、板综、合平的面思玻维璃能、力镊。子情、感烧态杯度、价水值教观1和.通过学理解的蛔1虫.过观适1、察于程3观阅六蛔寄.内列察读、虫生出蚯材让标容生3根常蚓料学本教活.了据见身：生，师的2、解问的体巩鸟总看活形作用蛔题线的固类结雌动态业手虫自形练与本雄学、三：摸对学动状习人节蛔生结4、、收一人后物和同类课虫活构请一蚯集摸体回并颜步关重的动、学、蚓鸟蚯的答归色学系点形教生生让在类蚓危问纳。习从并状学理列学平的害题线蚯四线人归、意特出四生面体以形蚓、形类纳大图点常、五观玻存表及动的鸟请动文本小引以见引、察璃现，预物身类 3学物明节有言及的、导巩蚯上状是防的体之生和历课什根蚯环怎学固蚓和，干感主是所列环史学么据蚓节二样生练引牛鸟燥染要否以举节揭到不上适动、区回习导皮类还的特分分蚯动晓的同节于物让分答。学纸减是方征节布蚓物起一，课穴并学蚯课生上少湿法。?广的教，些体所居归在生蚓前回运的润；4泛益学鸟色生纳.靠物完的问答动原的4蛔，处目类习和活环.近在成前题蚯的因？了虫以。标就生体的节身其实端并蚓快及触解寄上知同物表内特动体结验和总利的慢我摸蚯生适识人学有容点物前构并后结用生一国蚯蚓在于与类的什，的端中思端线问活样的蚓人飞技有基么引进主的的考?形题环吗十体生行能着本特出要几变以动，境？大节活的1密方征本“特节化下物.让并为珍近习会形理切法。课生征有以问的小学引什稀腹性态解的。2课物。什游题主.结生出么鸟面和起结蛔关观题体么戏：要利明蚯？类处适哪构虫系察：的特的特用确蚓等，于些特适。蛔章形殊形征板，这资是穴疾点于可虫我态结式。书生种料光居病是寄的们结构，五小物典，滑生？重生鸟内学构，学、结的型以还活5要生类部习与.其习巩鸟结的爱是如原活生结了功颜消固类构线鸟粗形何因的存构腔能色化练适特形护糙态预之结的，肠相是系习于点动鸟？、防一构现你动适否统。飞都物为结蛔。和状认物应与的行是。主构虫课生却为和”其结的与题、病本理不蛔扁的他构特环以生？8特乐虫形观部特8征境小理三页点观的动位点梳相组等、这；，哪物教相，理适为方引些2鸟，育同师.知应单面导鸟掌类结了；？生识的位学你握日构解2互.。办特生认线益特了通动手征观识形减点它过，抄；察吗动少是们理生报5蛔？物，与的解.参一了虫它和有寄主蛔与份解结们环些生要虫其。蚯构都节已生特对中爱蚓。会动经活征人培鸟与飞物灭相。类养护人吗的绝适这造兴鸟类？主或应节成趣的为要濒的课情关什特临？就危感系么征灭来害教；？；绝学，育，习使。我比学们它生可们理以更解做高养些等成什的良么两好。类卫动生物习。惯根的据重学要生意回义答；的3.情通况过，了给解出蚯课蚓课与题人。类回的答关：系线，形进动行物生和命环科节学动价环值节观动的物教一育、。根教据学蛔重虫点病1.引蛔出虫蛔适虫于这寄种生典生型活的线结形构动和物生。理二特、点设；置2.问蚯题蚓让的学生生活思习考性预和习适。于穴居生活的形态、结构、生理等方面的特征；3.线形动物和环节动物的主要特征。

南通三模试卷物理

2015届高三模拟考试试卷(四)物理2015.5本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．满分120分，考试时间100分钟．第Ⅰ卷(选择题共31分)一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分．每小题只有一个选项符合题意．1. 在无风的环境中，将乒乓球从高处由静止释放．小明用摄像机研究乒乓球下落的运动，发现它在落地前已经做匀速运动，若空气阻力与速度成正比，则乒乓球( )A. 在下落过程中，加速度先变大后变小B. 在下落过程中，机械能先增大后不变C. 从更高处由静止释放，在空中运动时间变长D. 从更高处由静止释放，落地前瞬间的速度变大2. 如图所示，验电器带有少量正电荷，将一带负电的小球从远处逐渐靠近验电器的金属球，此过程可能看到金属箔片张开的角度( )A. 不断增大B. 先减小至零，后逐渐增大C. 先增大，后减小D. 先增大，后不变3. 如图所示，电源电动势为E ，内阻为r ，电动机M 的线圈电阻为R 1.闭合开关S ，电动机开始转动，稳定后电路中的电流为I ，滑动变阻器接入电路的电阻为R 2.则( )A. 电流大小I ＝ER 1＋R 2＋rB. 电动机两端的电压U ＝IR 1C. 电源的效率η＝R 1＋R 2R 1＋R 2＋r×100%D. 电动机的机械功率P ＝IE －I 2(R 1＋R 2＋r)4. 如图所示，某旋转磁极式发电机的转子有两对磁极，定子线圈的输出端接在一理想变压器的原线圈上，不计定子线圈的电阻．当转子以25r/s 的转速匀速转动时，在定子线圈中产生频率为50Hz 的正弦交流电．若使转子以50r/s 的转速转动，则( )A. 电流表A的示数变为原来的2倍B. 电压表V的示数不变C. 电阻R上交流电的频率为25HzD. 变压器铁芯中磁通量变化率的最大值变为原来的4倍5. 足球比赛中踢点球时，足球距球门10.97m，球正对球门踢出后恰好沿水平方向从横梁的下沿擦进球门．已知足球质量为400g，不计空气阻力，则该球员在此次踢球过程中对足球做的功约为()A. 30JB. 60JC. 90JD. 120J二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分．每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．6. 如图所示，两个相同的小球A、B用长度分别为l1、l2的细线(l1＜l2)悬于天花板上的O1、O2点，两球在水平面内做匀速圆周运动，两根细线与竖直轴夹角均为θ.设A、B两球的线速度分别为v A、v B，角速度分别为ωA、ωB，加速度分别为a A、a B，两根细线的拉力分别为F A、F B，则()A. v A＞v BB. ωA＞ωBC. a A＝a BD. F A＜F B7. 木卫一是最靠近木星的卫星，丹麦天文学家罗迈早在十七世纪通过对木卫一的观测测出了光速．他测量了木卫一绕木星的运动周期T和通过木星影区的时间t.若已知木星的半径R和万有引力恒量G，T远小于木星绕太阳的运行周期．根据以上条件可以求出()A. 木星的密度B. 木卫一的密度C. 木卫一绕木星运动的向心加速度大小D. 木卫一表面的重力加速度大小8. 电子眼系统通过路面下埋设的感应线来感知汽车的压力．感应线是一个压电薄膜传感器，压电薄膜在受压时两端产生电压，压力越大电压越大，压电薄膜与电容器C和电阻R组成图甲所示的回路．红灯亮时，如果汽车的前、后轮先后经过感应线，回路中产生两个脉冲电流，如图乙所示，即视为“闯红灯”，电子眼拍照．则红灯亮时()A. 某车轮经过感应线的过程中，电容器先充电后放电B. 某车轮经过感应线的过程中，电阻R上的电流先增加后减小C. 车轮停在感应线上时，电阻R上有恒定的电流D. 汽车前轮刚越过感应线，又倒回到线内，仍会被电子眼拍照9. 如图所示，有一范围足够大的水平匀强磁场，磁感应强度为B，一个质量为m、电荷量为＋q的带电小圆环套在一根固定的绝缘竖直长杆上，环与杆间的动摩擦因数为μ.现使圆环以初速度v0向上运动，经时间t0圆环回到出发点，不计空气阻力，取竖直向上为正方向．下列描述该过程中圆环的速度v随时间t、摩擦力f随时间t、动能E k随位移x、机械能E随位移x变化规律的图象中，可能正确的是()第Ⅱ卷(非选择题共89分)三、简答题：本题分必做题(第10、11题)和选做题(第12题)两部分，共42分．请将解答填写在相应的位置．必做题10. (8分)(1)如图甲所示，螺旋测微器的读数为________mm.(2)在测电源的电动势和内阻实验中，连接的电路如图乙所示，闭合开关，电压表有读数，电流表示数为零．改变滑动变阻器滑片P的位置，电流表示数仍为零．为检查故障，用多用表电压挡测量相邻接线柱间的电压，发现2、3号导线和滑动变阻器两端的电压均为零，电流表两接线柱间的电压和电压表示数相等．则电路中可能的故障是________．排除故障后继续实验，根据测得的数据在U－I坐标系上描点如图丙所示，由图象可得电源的电动势E＝________V，内阻r＝________Ω.错误!错误!,乙)错误!,丙)11. (10分)验证机械能守恒定律实验装置如图甲所示，某小组完成了一系列实验操作后，得到了一条纸带如图乙所示，选取纸带上某个清晰的点标为O，然后每两个打点取一个计数点，分别标为1、2、3、4、5、6，用刻度尺量出计数点1、2、3、4、5、6与O点的距离分别为h1、h2、h3、h4、h5、h6.,甲),乙),丙)(1)已知打点计时器的打点周期为T，可求出打各个计数点时对应的速度分别为v1、v2、v3、v4、v5，其中v5的计算式为v5＝________．(2)若重锤的质量为m，取打点O时重锤所在水平面为参考平面，分别算出打各个计数点时对应重锤的势能E pi和动能E ki，则打计数点3时对应重锤的势能E p3＝________；接着在E －h坐标系中描点作出如图丙所示的E k－h和E p－h图线，求得E p－h图线斜率的绝对值为k1，E k－h图线斜率为k2.则k1与k2满足________关系时重锤机械能守恒．(3)关于上述实验，下列说法中正确的是________．A. 实验中可用干电池作为电源B. 为了减小阻力的影响，重锤的密度和质量应该适当大些C. 若纸带上打出的点被拉长为短线，应适当调高电源电压D. 图丙E k－h图线纵轴上的截距表示重锤经过参考平面时的动能(4)关于该实验操作，你还能提出哪些注意事项(写出1条)：________．12. 选做题(请从A、B和C三小题中选定两小题作答．如都作答，则按A、B两小题评分)A．(选修模块3－3)(12分)(1)下列说法中正确的是________．A. 分子间存在引力，使液体分子之间保持一定的间隙B. 气体的温度越高，某速率区间分子占总分子数的百分率一定越大C. 液晶分子没有固定的位置，但排列有大致相同的取向D. 蜘蛛网上挂着的小露珠呈球状属于毛细现象(2)如图所示，汽车在进行撞击实验时，安全气囊内迅速产生大量氮气而打开，气囊表面的气孔开始排气．若气囊表面有n个面积均为S的气孔，密度为ρ的氮气以速度v从气孔排出，氮气的摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为N A，则在短时间t内排出的氮气分子数为________；设气囊内氮气不与外界进行热交换，则排气过程中气囊内温度________(填“升高”、“不变”或“降低”)．(3)如图所示，内壁光滑的导热气缸水平放置，一定质量的理想气体被封闭在气缸内，外界大气压强为p0、温度为T0.现对气缸缓慢加热，体积由V1增大为V2，此过程气体吸收热量Q1；然后固定活塞，停止加热，封闭气体的温度逐渐降低至与外界大气温度相同．求：①刚停止加热时封闭气体的温度T；②停止加热后，封闭气体向外传递的热量Q2.B．(选修模块3－4)(12分)(1)爱因斯坦1905年提出狭义相对论，1915年提出广义相对论，使人们进一步认识了光的本性．下列关于光的说法中正确的是________．A. 光能在弯曲的光导纤维中传播，说明光在同种均匀介质中是沿曲线传播的B. 白光照射到DVD片表面时出现彩色是因为光具有波动性C. 某参考系中的两处同时发光，在另一惯性参考系中观察一定也是同时发光D. 真空中的光速在不同惯性参考系中相同，因此光的频率与参考系无关(2)飞机黑匣子是用来记录飞行数据和驾驶舱语音的电子设备．一旦飞机失事黑匣子入水，水敏开关启动水下超声波脉冲发生器工作，通过金属外壳把频率为37.5kHz的超声波信号发射到周围水域．已知超声波在水中传播速度约1500m/s，则该波在水中的波长约为________m；超声波不能发生________(填“干涉”“衍射”或“偏振”)现象．(3)如图所示，银行为了安全在水平柜台上安装了厚度为d的竖直玻璃板．某同学为了粗测其折射率，用一支激光笔在垂直于板面的竖直平面内，让激光以45°的入射角斜向下射向玻璃板，入射点到柜台面的距离为h，他请银行柜员测量了激光透过玻璃板落在柜台面上光点到玻璃板的距离为s.求：①激光透过玻璃板后光线方向与玻璃板的夹角θ；②该玻璃板的折射率n.C.(选修模块3－5)(12分)(1)下列说法中正确的是________．A. γ射线是原子受激发后向低能级跃迁时放出的B. 在稳定的重原子核中，质子数比中子数多C. 核反应过程中如果核子的平均质量减小，则要吸收核能D. 诊断甲状腺疾病时，注入的放射性同位素碘131作为示踪原子(2)2014年三位科学家因发明高亮度蓝色发光二极管而获得诺贝尔物理学奖．发光二极管(LED)产生波长450nm ～455nm 的蓝光，照射荧光粉后发光．荧光粉辐射光子的波长__________(填“≥”“≤”或“＝”)入射蓝光光子的波长．荧光粉辐射光形成的光谱是__________(填“连续光谱”或“线状谱”)．(3)1930年英国物理学家考克饶夫和瓦尔顿建造了世界上第一台粒子加速器．他们获得了高速运动的质子，用来轰击静止的锂7(73Li)原子核，形成一个不稳定的复合核后分解成两个相同的原子核．① 写出核反应方程式；② 已知质子的质量为m 、初速度为v 0，反应后产生的一个原子核速度大小为34v 0，方向与质子运动方向相反，求反应后产生的另一个原子核的速度以及反应过程中释放的核能(设反应过程中释放的核能全部转变为动能)．四、计算题：本题共3小题，共47分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13. (15分)如图所示，在磁感应强度为B 、方向竖直向下的匀强磁场中，相距为L 的两根足够长平行光滑金属轨道MN 、PQ 固定在水平面内．一质量为m 、电阻为R 1的导体棒ab 垂直轨道放置且与轨道电接触良好．轨道左端M 点接一单刀双掷开关S ，P 点与电动势为E 、内阻为r 的电源和定值电阻R 2相连接，不计轨道的电阻．(1)求开关S 合向1瞬间导体棒的加速度a ；(2)开关S 合向1，在导体棒速度等于v 时把S 合到2，导体棒又向右运动距离x 后停下，求S 合到2的瞬间导体棒ab 两端的电压U 及此后通过导体棒的电荷量q 1；(3)若从开关S 合向1到导体棒速度等于v 的过程中，通过电源的电荷量为q 2，求此过程中导体棒ab 上产生的焦耳热Q 1.14. (16分)如图所示，光滑斜面倾角为θ，底端固定一垂直于斜面的挡板C.在斜面上放置长木板A ，A 的下端与C 的距离为d ，A 的上端放置小物块B ，A 、B 的质量均为m ，A 、B间的动摩擦因数μ＝32tan θ.现同时由静止释放A 、B ，A 与C 发生碰撞的时间极短，碰撞前后瞬间速度大小相等．运动过程中小物块始终没有从木板上滑落，已知重力加速度为g.求：(1)A 与C 发生第一次碰撞前瞬间的速度大小v 1；(2)A 与C 发生第一次碰撞后上滑到最高点时，小物块B 的速度大小v 2； (3)为使B 不与C 碰撞，木板A 长度的最小值L.15. (16分)在科学研究中，可以通过施加适当的电场和磁场实现对带电粒子运动的控制．如图甲所示的xOy 平面处于匀强电场和匀强磁场中，电场强度E 和磁感应强度B 随时间作周期性变化的图象如图乙所示，周期为7t 0，y 轴正方向为E 的正方向，垂直纸面向外为B 的正方向．在t ＝0时刻从坐标原点由静止释放一个质量为m 、电荷量为＋q 的粒子，当B 0＝πm2qt 0时，粒子沿某轨道做周期性运动．图中E 0、t 0已知，不计粒子的重力，试求： (1)t 0时刻粒子位置的纵坐标y 1及3t 0时刻粒子的速度大小v ； (2)改变B 0的大小，仍要使粒子做周期性运动，B 0的可能取值； (3)在(2)的情况下，粒子速度沿y 轴负方向时横坐标x 的可能值．,甲),乙)2015届高三模拟考试试卷(四)(扬州、南通)物理参考答案及评分标准1. C2. B3. D4. A5. B6. BC7. AC8. AD9. ABD 10. (1) 6.196～6.199(2分)(2) 电流表断路(2分) 2.94～2.98(2分) 0.68～0.78(2分) 11. (1)h 6－h 44T(2分) (2) －mgh 3(2分) k 1＝k 2(2分) (3) BD(3分，漏选得1分)(4) 重锤从靠近打点计时器处释放，或调节打点计时器限位孔在同一竖直线上(答案只要合理即给1分)12. A. (1) C(3分) (2)nSvtρN AM(2分) 降低(2分) (3) 解：① 由盖－吕萨克定律有V 1T 0＝V 2T (1分)解得T ＝V 2V 1T 0(1分)② 设加热过程封闭气体增加的内能为ΔU ，则有 ΔU ＝Q 1－p 0(V 2－V 1)(1分) ΔU ＝Q 2(1分)解得Q 2＝Q 1－p 0(V 2－V 1)(1分)B. (1) B(3分) (2) 0.04(2分) 偏振(2分)(3) 解：① 激光的光路如图所示，设在左侧界面上的入射角为α，折射角为β，则sin αsin β＝n(1分)sin βsin （90°－θ）＝1n解得θ＝45°(1分) ② 由于sin β＝h －s（h －s ）2＋d2(2分)解得n ＝2（h －s ）2＋2d 22（h －s ）(1分)C. (1) D(3分) (2) ≥(2分) 线状谱(2分)(3) 解：① 核反应方程式为73Li ＋11H →242He(2分) ② 由动量守恒定律有 mv 0＝4m ⎝⎛⎭⎫－34v 0＋4mv(1分) 解得v ＝v 0(1分)释放的核能ΔE ＝12(4m)v 2＋12(4m)⎝⎛⎭⎫34v 02－12mv 20解得ΔE ＝218mv 20(1分) 13. (15分)解：(1) 此时通过导体棒的电流I ＝ER 1＋r(1分) 受到的安培力F ＝ILB(1分) 由牛顿第二定律有F ＝ma(1分) 解得a ＝ELBm （R 1＋r ）(2分)(2) 导体棒速度等于v 时产生电动势E 1＝BLv(1分) 导体棒两端的电压U ＝E 1R 2R 1＋R 2(1分)解得U ＝BLvR 2R 1＋R 2(1分)此后过程产生的平均电动势E ＝ΔφΔt (1分)通过的电量q 1＝ER 1＋R 2·Δt(1分)解得q 1＝BLxR 1＋R 2(1分)(3) 设此过程中电路中产生的焦耳热为Q ，则 q 2E ＝Q ＋12mv 2(2分)在导体棒ab 上产生的焦耳热Q 1＝R 1R 1＋rQ(1分) 解得Q 1＝R 12（R 1＋r ）(2q 2E －mv 2)(1分)14. (16分)解：(1) 第一次碰撞前由机械能守恒定律有 12(m ＋m)v 21＝2mgdsin θ(3分) 解得v 1＝2gdsin θ(1分)(2) 设发生第一次碰撞后，A 上滑、B 下滑的加速度大小分别为a A 、a B ，则 μmgcos θ＋mgsin θ＝ma A (2分) μmgcos θ－mgsin θ＝ma B (2分)由于a A >a B ，则A 先减速到零，设A 第一次碰撞后上滑到最高点的时间为t ，则 v 1＝a A t(1分) v 2＝v 1－a B t(1分)解得v 2＝452gdsin θ(1分)(3) 研究A 、B 运动全过程，由能量守恒定律有 mgdsin θ＋mg(d ＋L)sin θ＝μmgL cos θ(3分) 解得L ＝4d(2分)15. (16分)解：(1) 0～t 0时间内，粒子做匀加速直线运动，设加速度为a ，则qE 0＝ma(1分)y 1＝12at 20 解得y 1＝qE 0t 202m(1分)粒子在磁场中做匀速圆周运动，则T ＝2πm qB 0(1分)由于B 0＝πm2qt 0则有t 0＝14T(1分)在t 0～2t 0时间内，粒子做匀速圆周运动，运动了四分之一周期，在2t 0～3t 0时间内，粒子在＋x 方向做匀速直线运动，在－y 方向做初速为零的匀加速直线运动．设t ＝3t 0时＋x 方向的速度为v x ，－y 方向的速度为v y ，则v x ＝at 0，v y ＝at 0v ＝v 2x ＋v 2y (1分)解得 v ＝2qE 0t 0m(1分) 方向与＋x 和－y 方向的夹角均为45°(2) 在3t 0～4t 0时间内，粒子做匀速圆周运动，运动了四分之一周期；4t 0～5t 0时间粒子在－x 方向做匀速直线运动，在－y 方向做匀减速直线运动，t ＝5t 0时在y 方向速度为零；5t 0～6t 0做匀速圆周运动，运动了四分之一周期，6t 0粒子运动到y 轴，速度沿＋y 方向，改变B 0的大小，仍要使粒子做周期性运动，则应满足t 0＝⎝⎛⎭⎫n ＋14T(n ＝0，1，2，3，…)(2分) 解得B 0＝⎝⎛⎭⎫n ＋142πmqt 0(n ＝0，1，2，3，…)(2分)(3) 在t ＝t 0时粒子进入磁场做匀速圆周运动，设运动速度为v 1，则v 1＝at 0，qvB 0＝mv 21r (1分)粒子的运动轨迹如图，速度沿y 轴负方向时可能的位置有M 、N 、P 点，M 、N 点对应的横坐标x 1＝2r(1分)解得x 1＝4qE 0t 20πm （4n ＋1）(n ＝1，2，3，…)(1分)P 点对应的横坐标x 2＝r ＋v 1t 0＋⎝⎛⎭⎫1－22r ′(1分) 由于qvB 0＝mv 2r ′(1分)精品文档 11 解得x 2＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤1＋22π（4n ＋1）错误!(n ＝0，1，2，3，…)(1分)。

江苏省南通市如东县2015届高三物理第一次学情检测试题(含解析)新人教版

江苏省某某市如东县高三〔上〕第一次质检物理试卷参考答案与试题解析一、此题共5小题，每一小题3分，共15分．在每一小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．选对的得3分，选错或不答的得0分．1．〔3分〕一河宽为d，某小船从A岸运动到对面的B岸，运动轨迹如下列图，船在静水中的速度大小恒为v，航行中船头始终垂直河岸，水流的速度方向与河岸平行，如此〔〕A．船始终做匀速运动B．船运动的速度越来越大C．越接近河岸水流速度越小D．船渡河所用的时间t＞考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：轨迹弯曲的方向大致指向合力的方向，合力的方向又与水流的方向一致，可见加速度的方向先向右再向左．解答：解：A、从轨迹曲线的弯曲形状上可以知道，小船先具有向下游的加速度，后具有向上游的加速度，故水流是先加速后减速，即越接近河岸水流速度越小，故C正确，AB错误．D、由于船身方向垂直于河岸，无论水流速度是否变化，这种渡河方式耗时最短，即为，故D错误；应当选：C．点评：解决此题的关键知道小船参与了两个运动，有两个分速度，分别是静水速和水流速．以与知道轨迹的弯曲大致指向合力的方向，注意垂直河岸渡河时，时间最短．2．人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，假设卫星的线速度减小到原来的，卫星仍做匀速圆周运动，如此〔〕A．卫星的角速度减小到原来的B．卫星的向心加速度减小到原来的C．卫星运行的轨道半径增大到原来的4倍D．卫星的周期增大到原来的2倍考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律与其应用．专题：人造卫星问题．分析：对于地球的卫星，万有引力提供向心力，根据万有引力公式和向心力公式列式求解即可．解答：解：AC、根据G=mrω2=m得：v=，ω=由题得卫星的线速度减为原来的，如此其轨道半径为原来的4倍．由ω=得：卫星的角速度减小到原来的，故A错误，C正确．B、由G=ma得a=，知卫星的向心加速度减小到原来的．故B错误．D、卫星的角速度减小到原来的，由T=得知周期为原来的8倍，故D错误．应当选：C．点评：解决此题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，知道线速度、角速度、周期、加速度与轨道半径的关系．3．〔3分〕如下列图，物体A、B用细绳连接后跨过光滑的定滑轮，A静止在倾角θ=30°的斜面上，B悬挂着，且斜面上方的细绳与斜面平行．假设将斜面倾角θ缓慢增大到45°，物体A仍保持静止．不计滑轮摩擦．如此在此过程中〔〕A．物体A受细绳的拉力可能减小B．物体A受的静摩擦力减小C．物体A对斜面的压力可能增大D．细绳对滑轮的作用力增大考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：根据物体B处于静止状态，可知绳子上张力没有变化；静摩擦力的大小和方向取决于绳子拉力和物体A重力沿斜面分力大小关系；正确对A进展受力分析，判断其对斜面压力的变化情况；解答：解：A、斜面倾角增大过程中，物体B始终处于平衡状态，因此绳子拉力大小始终等于物体B重力的大小，而定滑轮不省力，如此物体A受细绳的拉力保持不变，故A错误．B、由题可知，开始时A静止在倾角为30°的斜面上，A重力沿斜面的分力可能大于绳子的拉力，摩擦力沿斜面向上，随着角度增大，重力沿斜面的分力逐渐增大，而绳子拉力不变，A受到的静摩擦力将增大，故B错误；C、物体A对斜面的压力为：F N=m A gcosθ，随着θ的增大，cosθ减小，因此物体A对斜面的压力将减小，故C错误．D、由前面分析知绳子拉力不变，斜面倾角增大时，滑轮两边绳子的夹角变小，如此合力变大，即细绳对滑轮的作用力增大．故D正确．应当选：D．点评：此题考查了动态平衡中各个力的变化情况，动态平衡问题是高中物理的重点，要熟练掌握各种处理动态平衡问题的方法，如此题中关键是把握绳子上拉力大小不变的特点进展分析．4．〔3分〕物体A、B从同一地点开始沿同一方向做直线运动，它们的速度图象如下列图．如此〔〕A．在0～t2时间内，A的加速度不断增大，B的加速度不断减小B．在0～t2时间内，A物体的位移大于B物体的位移C．在0～t1时间内B在前A在后，t1～t2时间内A在前B在后D．在0～t2时间内A、B两物体的平均速度相等考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度﹣时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，再根据平均速度的定义进展分析．解答：解：A、速度﹣时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，故物体A做加速度不断减小的减速运动，物体B做加速度不断减小的加速运动，故A错误；B、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，如果物体的速度从v2均匀减小到v1，或从v1均匀增加到v2，物体的位移就等于图中梯形的面积，平均速度就等于，故AⅠ的平均速度大于，BⅡ的平均速度小于，故B正确，D错误；C、由图象可知在t1时刻，两者速度相等，位移之差最大，此后一段时间内A的位移仍大于B 的位移，在位移相等前，A始终在B的前面，故C错误；应当选：B点评：此题关键是根据速度时间图象得到两物体的运动规律，然后根据平均速度的定义和图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小分析处理5．〔3分〕如下列图，劲度系数为k的轻弹簧下端悬挂一个质量为m的重物，处于静止状态．手托重物使之缓慢上移，直到弹簧恢复原长，手对重物做的功为W1．然后放手使重物从静止开始下落，重物下落过程中的最大速度为v，不计空气阻力．重物从静止开始下落到速度最大的过程中，重物抑制弹簧拉力做的功为W2，如此〔〕A． W1＞B．W1=C． W2＞mv2D．W2=﹣mv2考点：功能关系．分析：了解研究对象的运动过程是解决问题的前提，根据题目条件和求解的物理量选择物理规律解决问题．手托重物使之缓慢上移，直到弹簧恢复原长，然后放手，根据动能定理求得手对重物做的功．当重物受到向上的弹簧弹力大小等于重力时，速度达到最大，然后重物会继续向下运动，当物体下落到速度为零时，弹簧伸长最大，弹性势能最大，根据动能定理求解．解答：解：A、劲度系数为k的弹簧下悬挂一个质量为m的重物，处于静止状态，弹簧的伸出量x=，手托重物使之缓慢上移，直到弹簧恢复原长，然后放手，根据动能定理得：W1﹣W G+W弹=0手对重物做的功W1=﹣W弹，即手对重物做的功小于，故AB错误．C、重物下落过程中，当重物受到向上的弹簧弹力大小等于重力时，速度达到最大，重物从静止下落到速度最大过程中根据动能定理得：W′2+W′G=mv2﹣0得弹簧所做的功为W2′=﹣mv2，故C错误，D正确．应当选：D．点评：动能定理的应用范围很广，可以求速度、力、功等物理量，特别是可以去求变力功．一个题目可能需要选择不同的过程屡次运用动能定理研究．二、此题共4小题，每一小题4分，共16分．在每一小题给出的四个选项中，至少有两个选项是正确的．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．6．〔4分〕如下说法中正确的答案是〔〕A．一般抛体运动均可分解为两个直线运动B．平抛运动在某个时刻的加速度可能与速度方向一样C．做直线运动的物体受到的合外力不一定是恒力D．做平抛运动的物体在不同时间内速度变化的方向是不一样的考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动的加速度不变，做匀变速曲线运动，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．解答：解：A、一般抛体运动均可以分解为两直线运动，比如分为水平方向和竖直方向．故A 正确．B、平抛运动的加速度方向竖直向下，速度方向不可能竖直向下，所以两者方向不可能一样，故B错误．C、直线运动的物体所受的合力不一定是恒力，比如做变加速直线运动．故C正确．D、平抛运动的加速度不变，如此速度变化量的方向始终竖直向下．故D错误．应当选：AC．点评：解决此题的关键知道平抛运动的特点，掌握处理平抛运动的方法，知道平抛运动做匀变速曲线运动，速度变化量的方向始终竖直向下．7．〔4分〕如下列图，一部机器由电动机带动，皮带轮上外表均处于水平，机器皮带轮的半径r2是电动机皮带轮半径r1的2倍，皮带与两轮之间始终不发生滑动．这时在两轮上各放有一个质量相等的小物体P和Q，随轮一起匀速转动．其中小物体P放于电动机皮带轮边缘；小物体Q放于机器皮带轮内侧某一点A，A点到转轴的距离为轮半径r2的一半．小物体P、Q与皮带轮间的动摩擦因数一样，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力．设P、Q两物体的线速度大小分别为v1和v2，角速度分别为ω1和ω2，向心加速度大小分别为a1和a2，如此〔〕A．v1：v2=2：1B．ω1：ω2=1：2C．a1：a2=4：1D．随着皮带轮转速增大，P比Q先发生滑动考点：向心加速度；线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：传动装置，在传动过程中不打滑，共轴的角速度是一样的；同一传动装置接触边缘的线速度大小是相等的．所以当角速度一定时，线速度与半径成正比；当线速度大小一定时，角速度与半径成反比．因此根据题目条件可知加速度与角速度．解答：解：B、两轮边缘的线速度大小相等，由v=rω得到：故P、Q两物体的角速度之比为2：1；故B错误；A、P、Q两物体的角速度之比为2：1，转动半径相等，根据v=rω得到：v1：v2=ω1：ω2=2：1故A正确；C、P、Q两物体的角速度之比为2：1，转动半径相等，根据a=ω2r，有：a1：a2=4：1故C正确；D、由于静摩擦力提供向心力，恰好转动时，有：μmg=mω2r解得：ω=由于r、μ一样，故临界加速度一样；由于ω1：ω2=2：1，故物体P先滑动；故D正确；应当选：ACD．点评：此题关键是明确同缘传动边缘点线速度相等、同轴传动角速度相等，然后结合公式v=rω和a=ω2r=列式求解．8．〔4分〕如下列图，木块B上外表是水平的，当木块A置于B上，并与B保持相对静止，一起以某一初速沿光滑斜面向上做匀减速直线运动．在此减速运动过程中，如下说法中正确的答案是〔〕A．A所受的合外力对A不做功B．B对A做正功C．B对A的摩擦力做负功D．B对A不做功考点：功的计算．专题：功的计算专题．分析：分析两物体的受力与运动，由功的公式可分析各力对物体是否做功，根据夹角可判功的正负．解答：解：A、A沿斜面向上做减速运动，根据动能定理可知，物体A受到的合力做负功，故A 错误；B、A、B整体具有沿斜面向下的加速度，设为a，由牛顿第二定律可知a=gsinθ将a正交分解为竖直方向分量a1，水平分量a2，如下列图，由于具有水平分量a2，故必受水平向摩擦力f，A受力如下列图，所以支持力做正功，摩擦力做负功，故C正确C、由牛顿第二定律得；竖直方向上； mg﹣N=ma1①水平方向上：f=ma2②假设斜面与水平方向的夹角为θ，摩擦力与弹力的合力与水平方向夹角为α，由几何关系得；a1=gsinθsinθ ③a2=gsinθcosθ ④tanα=⑤①→⑤联立得：tanα==cotθ=tan〔﹣θ〕即α=﹣θ 所以B对A的作用力与斜面垂直，所以B对A不做功，由牛顿第三定律得，A对B的作用力垂直斜面向下，所以A对B也不做功，故B错误，D正确．应当选：CD．点评：判断外力是否做功与功的正负可根据做功的条件是否做功，再根据力与位移方向的夹角判断功的正负，也可以根据力与速度方向的夹角判断功的正负．9．〔4分〕某行星和地球绕太阳公转的轨道均可视为圆．每过N年，行星会运行到日地连线的延长线上〔相距最近〕，如下列图．设该行星与地球的公转周期之比为k1，公转半径之比为k2，如此〔〕A．k1=B．k1=C．k2=〔〕D．k2=〔〕考点：万有引力定律与其应用；向心力．专题：运动学与力学〔二〕；万有引力定律的应用专题．分析：由图可知行星的轨道半径大，那么由开普勒第三定律知其周期长，其绕太阳转的慢．每过N年，该行星会运行到日地连线的延长线上，说明N年地球比行星多转1圈，即行星转了N﹣1圈，从而再次在日地连线的延长线上，那么，可以求出行星的周期是年，接着再由开普勒第三定律求解该行星与地球的公转半径比．解答：解：A、B、C、D：由图可知行星的轨道半径大，那么由开普勒第三定律知其周期长．每过N年，该行星会运行到日地连线的延长线上，说明从最初在日地连线的延长线上开始，每一年地球都在行星的前面比行星多转圆周的N分之一，N年后地球转了N圈，比行星多转1圈，即行星转了N﹣1圈，从而再次在日地连线的延长线上．所以行星的周期是年，根据开普勒第三定律有=，即：=，所以，选项A、C错误，选项BD正确．应当选：BD．点评：解答此题的关键由题意分析得出每过N年地球比行星多围绕太阳转一圈，由此求出行星的周期，再由开普勒第三定律求解即可．三、此题共2小题，共22分．请将解答填写在答题卡上相应位置．10．〔11分〕在“探究力的合成的平行四边形定如此〞实验中，某同学用两把弹簧秤将橡皮筋的端点拉到点O后，作出了这两个拉力F1、F2的图示，如图甲所示．改用一把弹簧秤将橡皮筋的端点拉到同一点O，此时弹簧秤的示数F如图乙所示．〔1〕图乙中，弹簧秤的示数F大小为 2.1 N；〔2〕如下必要的实验要求是 D ．〔请填写选项前对应的字母〕A．橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上B．用两个弹簧测力计通过细绳拉橡皮条时，拉力间的角度要小一些C．用两弹簧测力计同时拉细绳时两弹簧测力计示数之差应尽可能小D．标记同一细绳方向的两点要远些〔3〕某同学设计了一个研究平抛运动的实验装置如图丙．在水平桌面上放置一个斜面，让钢球从斜面上由静止滚下，钢球滚过桌边后便做平抛运动．在钢球抛出后经过的地方放置一块水平木板，木板由支架固定成水平，木板所在高度可通过竖直标尺读出，木板可以上下自由调节．在木板上固定一张白纸．该同学在完成装置安装后进展了如下步骤的实验：A．实验前在白纸上画一条直线，并在线上标出a、b、c三点，且ab=bc，如图丙．量出ab长度L=20.00cm．B．让钢球从斜面上的某一位置由静止滚下，调节木板高度，使得钢球正好击中a点，记下此时木板与桌面的高度差h1=h．C．让钢球从斜面上的同一位置由静止滚下，调节木板高度，使得钢球正好击中b点，记下此时木板与桌面的高度差h2=h+10.00〔cm〕．D．让钢球从斜面上的同一位置由静止滚下，调节木板高度，使得钢球正好击中c点，记下此时木板与桌面的高度差h3=h+30.00〔cm〕．如此该同学由上述测量结果即可粗测出钢球的平抛初速度大小v o=2.0 m/s，钢球击中b点时竖直分速度大小为v by=1.5 m/s．钢球的重力加速度为g=10m/s2，空气阻力不计．考点：验证力的平行四边形定如此．专题：实验题；平行四边形法如此图解法专题．分析：先得出弹簧秤的最小分度，再由指针的位置读出拉力的示数；在实验中使用一根弹簧秤拉细线与两根弹簧秤拉细线的作用效果要一样〔即橡皮条拉到同一位置〕，而细线的作用是画出力的方向，弹簧秤能测出力的大小．因此细线的长度没有限制，弹簧秤的示数也没有要求，两细线的夹角不要太小也不要太大，但拉弹簧秤时必须保证与木板平面平行．根据竖直方向运动特点△h=gt2，求出物体运动时间，然后利用水平方向运动特点即可求出平抛的初速度，钢球击中b点时其竖直分速度可以根据竖直方向做自由落体运动求解．解答：解：〔1〕由图可知，弹簧秤的最小分度为0.1N；如此弹簧秤的示数F大小为2.1N．〔2〕A、两细线拉橡皮条时，只要确保拉到同一点即可，不一定橡皮条要在两细线的夹角平分线上．故A错误；B、在拉两个弹簧测力计时，两细线间夹角没有特别要求．故B错误；C、用弹簧秤同时拉细绳时，拉力不能太太，也不能太小．故C错误；D、为了更加准确的记录力的方向，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故D正确应当选：D．〔3〕根据题意可知：h ab=100﹣90=10cm=0.1m，h bc=90cm﹣70cm=20cm=0.2m．在竖直方向：△h=gt2，水平方向：x=v0t，其中△h=h bc﹣h ac=0.1m，x=L=20cm=0.2m，代入数据解得：t=0.1s，v0=2.0m/s．b点为时间的中点，因此有：v by==1.5m/s．故答案为：〔1〕2.1〔2〕D〔3〕2.0； 1.5点评：探究共点力合成的规律实验需要的实验器材我们可以根据这个实验的原理〔画出理论值和实际值进展比拟〕进展记忆，弄清楚原理自然而然的就知道那个是理论值，那个是实际值．此题不但考查了实验的操作，而且考查了平抛运动的规律以与匀速运动和匀变速运动的规律，对同学的知识的综合应用要求比拟高，是个考查学生能力的好题．11．〔11分〕在探究加速度与质量的关系时，采用图甲所示的装置，小车用细线绕过长木板左端的定滑轮悬挂砝码盘，保持砝码盘和砝码的总质量m不变，改变小车的质量M，进展实验．〔1〕实验中，如下操作中正确的答案是BD ．A．电火花计时器接低压交流电源B．使上局部细线与木板平行C．平衡摩擦力时，悬挂砝码盘和砝码D．平衡摩擦力时，将纸带连接在小车上〔2〕小明实验中得到的一条纸带如图乙所示，0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出．所用交流电的频率为50Hz，从纸带上测出x1=1.60cm，x2=2.36cm，x3=3.11cm，x4=3.87cm，x5=4.62cm，x6=5.38cm．如此打计数点“5〞时小车的瞬时速度大小为0.50 m/s，利用x1和 x6计算小车的加速度为0.76 m/s2〔结果均保存两位有效数字〕．〔3〕某小组保持砝码和砝码盘总质量m=50g不变进展实验，得到的实验数据见表，试根据表格中数据，在图丙中取适宜的坐标系，作出图象．次数小车质量M/g 加速度a/〔m•s﹣2〕/kg﹣11 200 1.91 5.002 250 1.71 4.003 300 1.50 3.334 350 1.36 2.865 400 1.12 2.506 450 1.00 2.227 500 0.90 2.00根据图象判断，实验产生误差的最主要原因是不满足m＜＜M ．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以与须知事项．根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小．采用描点法作图，绘出一条倾斜的直线．解答：解：〔1〕A、电火花计时器接220V交流电源，故A错误；B、使上局部细线与木板平行，故B正确；C、平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，是小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动．故C错误，D正确；应当选：BD．〔2〕由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上5点时小车的瞬时速度大小．v5==0.50m/s根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：a==0.76m/s2〔3〕根据F=Ma可得a=，即在合外力F一定的情况，小车的加速度与小车的质量成反比即小车的加速度与小车的质量的倒数成正比，但反比例关系不容易根据图象判定，而正比例关系容易根据图象判定，故应该建立小车加速度〔a〕与小车质量的倒数关系图象，故纵坐标为加速度a，横坐标为．根据图象判断，实验产生误差的最主要原因是不满足m＜＜M．故答案为：〔1〕BD〔2〕0.50； 0.76〔3〕如下列图，不满足m＜＜M点评：该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法．对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由．比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等．要提高应用匀变速直线的规律以与推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强根底知识的理解与应用．四、此题共5小题，共67分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．12．〔12分〕如下列图，某三角形支架ABO中，轻杆BO可绕通过O点的光滑轴转动，AO⊥BO，AB间用细绳连接，θ=37°．在B点连接质量为m的小球，杆AO在外力作用下保持竖直方向．重力加速度为g，sin37°=0.6，c os37°=0.8．〔1〕当整个装置竖直向下做匀速直线运动时，细绳AB和轻杆OB对小球作用力分别为多大？〔2〕当整个装置以加速度竖直向下做匀减速直线运动时，细绳AB和轻杆OB对小球作用力分别为多大？考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：〔1〕当整个装置做匀速直线运动时，小球的合力为零，分析小球的受力情况，根据平衡条件求解细绳AB和杆OB对小球作用力．〔2〕当整个装置以加速度a=g做匀减速运动时，分析小球的受力情况，根据牛顿第二定律求解轻绳AB和杆OB对小球作用力．解答：解：〔1〕当整个装置做匀速直线运动时，小球受力如图1所示，由平衡条件得：F2sinθ=mg，F2cosθ=F1．解得：F1=，F2=〔2〕沿加速度方向和加速度垂直的方向进展正交分解得：F4sinθ﹣mg=ma；F4cosθ﹣F3=0解得：F3=2mg；F4=mg；〔1〕当整个装置做匀速直线运动时，细绳AB和杆OB对小球作用力分别为和．答：〔2〕当整个装置以加速度a=g做匀减速运动时，轻绳AB和杆OB对小球作用力分别为2mg和mg．点评：此题的解题关键是分析小球的受力情况，作出力图．对于正交分解，往往按加速度方向和加速度垂直的方向进展正交分解．13．〔12分〕如下列图，汽车沿水平路面向右做匀加速直线运动，质量为m的铁球用轻质细绳拴着吊在竖直的前壁上，细绳的延长线通过铁球的球心O，与竖直方向的夹角θ=37°．sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度为g，求：〔1〕当铁球与汽车前壁接触且相互间的弹力恰好为零时，汽车的加速度a1；〔2〕当汽车的加速度a2=g时，汽车前壁对铁球的弹力大小F；〔3〕当汽车与铁球一起运动的加速度a3=g时，细绳的拉力．考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：〔1〕通过受力分析利用牛顿第二定律即可求的加速度；〔2〕由受力分析，利用牛顿第二定律即可求的弹力；〔3〕通过判断物体脱离车壁，利用牛顿第二定律即可求拉力解答：解：〔1〕小球受重力、细线拉力T，合力水平向右，由牛顿第二定律有mgtanθ=ma1代入数据得〔2〕小球受力分析如图，设细线拉力为T，同理有Tcosθ﹣mg=0Tsinθ﹣F=ma2代入数据解得〔3〕设细绳拉力大小T3，方向与竖直的夹角为α，由于a3＞a1，小球已脱离前壁，受重力、细线拉力T3，如此受到水平的合力由牛顿第二定律有 F3=ma3代入数据解得，α=45°答：〔1〕当铁球与汽车前壁接触且相互间的弹力恰好为零时，汽车的加速度a1〔2〕当汽车的加速度a2=g时，汽车前壁对铁球的弹力大小F；〔3〕当汽车与铁球一起运动的加速度a3=g时，细绳的拉力．点评：此题主要考查了牛顿第二定律，抓住受力分析是关键14．〔14分〕如下列图，竖直固定的半圆形绝缘轨道半径为R，下端与光滑绝缘水平面平滑连接，整个装置处于方向竖直向上的匀强电场中．一质量为m带正电的物块〔可视为质点〕，从水平面上的A点以初速度v0水平向左运动，沿半圆形轨道恰好通过最高点C．重力加速度为g，物块受到竖直向上的电场力为F〔F＜mg〕．求：〔1〕物块通过最高点C时的速度大小．〔2〕物块离开轨道落回水平面过程的水平距离．〔3〕物块在半圆形轨道上运动过程中抑制摩擦力做的功．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；牛顿第二定律；向心力．分析：〔1〕物块恰能通过圆弧最高点C，由重和电场力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出物块通过最高点C时的速度；〔2〕物块离开半圆形轨道后做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由运动学公式即可求解〔3〕物块在运动过程中，重力做负功，电场力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理求解抑制摩擦力做的功；解答：解：〔1〕物块恰能通过圆弧最高点C时，圆弧轨道与物块间无弹力作用，物块受到重力和电场力的合力提供向心力解得：〔2〕物块离开半圆形轨道后做类平抛运动，设水平距离为x，如此。

江苏省南通市如东县2015届高三第一次学情检测物理试题Word版

分别为 v1 和 v2，角速度分别为 ω1 和 ω2，向心加速度大小分别为 a1 和 a2，
则
A． v1∶ v2=2∶ 1 C． a1∶a 2=4∶1
B． ω1∶ ω2=1∶ 2 D．随着皮带轮转速增大， P 比 Q 先发生滑动
电动机皮带轮 P
O1
机器皮带轮
Q
O2
A
第 7 题图
θ
B．物体 A 受的静摩擦力减小 C．物体 A 对斜面的压力可能增大
第 3 题图
D．细绳对滑轮的作用力增大 4．物体 A、 B 从同一地点开始沿同一方向做直线运动，它们的速度图象如图所示．则
A．在 0~t2 时间内， A 的加速度不断增大， B 的加速度不断减小 B．在 0~t 2 时间内， A 物体的位移大于 B 物体的位移 C．在 0~t 1 时间内 B 在前 A 在后， t 1~t 2 时间内 A 在前 B 在后 D．在 0~t2 时间内 A、 B 两物体的平均速度相等
B
向与河岸平行．则
A．船始终做匀速运动
B．船运动的速度越来越大
C．越接近河岸水流速度越小
d D．船渡河所用的时间 t ＞
v
2．人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，假如卫星的线速度减小到原
来的 1 ，卫星仍做匀速圆周运动，则 2
1
A．卫星的角速度减小到原来的
2 1
B．卫星的向心加速度减小到原来的
4
C．卫星运行的轨道半径增大到原来的 4 倍
r2 是
电动机皮带轮半径 r1 的 2 倍，皮带与两轮之间始终不发生滑动．这时在两轮上各放有一
个质量相等的小物体 P 和 Q，随轮一起匀速转动．其中小物体 P 放于电动机皮带轮边缘；
小物体 Q 放于机器皮带轮内侧某一点 A，A 点到转轴的距离为轮半径 r2 的一半．小物体

【物理】江苏省连云港、徐州、淮安、宿迁四市2015届高三第一次调研考试(一模)

Q产生的电场等势线与电场线具有对称性，
作出 ac 间的电场线，根据顺着电场线电势降低和对称性，分析
B 与 D 电势的高低，判断电
场力做功情况，可知 o 点和 b 电势的大小，根据点电荷的电场 E=k 和电场叠加原理可求解 b 点的场强大小．本题关键抓住电场线与等势线的对称性，注意空间每一点的电场是由两个点电荷产生的电场叠加，是考查基础的好题。
4．如图所示， A 、B 是两个完全相同的灯泡， D是理想二极管， L 是带铁芯的线圈，其电阻忽略不计。下列说法正确的是
A． S 闭合瞬间， A 先亮
B． S 闭合瞬间， A、B 同时亮
C． S 断开瞬间， B 逐渐熄灭
D． S 断开瞬间， A 闪亮一下，然后逐渐熄灭
【答案】 D
【命题立意】本题旨在考查自感现象和自感系数。
D．从 A 到 B 的过程中，物块减小的机械能可能大于它克服摩擦力做的功
【答案】 BCD
【命题立意】本题旨在考查功能关系和功的计算。
【解析】 A、弹簧处于自然长度时物块处于 O点，所以在 O点，重力沿斜面的分量等于静摩
擦力，则滑动摩擦力大于重力沿斜面的分量，物体从
A 向 B 运动过程，受重力、支持力、弹
减小， D 错；
故本题选择 AB。
【举一反三】本题是恒定电流部分含电容器动态变化分析考查，
求解的关键是看滑动变阻器
的变化（是缓慢的减小）电路中外电阻缓慢减小，总电阻也缓慢减小，回路电流强度缓慢增
大，电容器两端电压缓慢减小，由此根据电路相关公式推导得出结果，选择正确答案。本题
是从物理原理递推出物理图像，也就是要求我们依规律还原物理图像。
P
U
2 2

2015届南通市高三一模考试试卷和答案

南通市2015届高三第一次调研测试数学Ⅰ参考答案及评分建议一、填空题：本大题共14小题，每小题5分，共计70分．请把答案填写在答题卡相应位．．．．．．置上．．． 1．已知集合A ={2-，1-}，B ={1-，2，3}，则AB = ▲ ．【答案】{1-}2．已知复数z 满足(34i)1z +=（i 为虚数单位），则z 的模为 ▲ ．【答案】153．某中学共有学生2800人，其中高一年级970人，高二年级930人，高三年级900人．现采用分层抽样的方法，抽取280人进行体育达标检测，则抽取的高二年级学生人数为 ▲ ．【答案】934．函数2()lg(23)f x x x =-++的定义域为 ▲ ．【答案】(13)-，5．右图是一个算法流程图，则输出的x 的值是 ▲．【答案】596．同时抛掷两枚质地均匀的骰子（一种各面上分别标有2，3，4，5，6个点的正方体玩具）则两个点数之积不小于4的概率为 ▲ ．【答案】31367．底面边长为2，高为1的正四棱锥的侧面积为 ▲ ．【答案】8．在平面直角坐标系xOy 中，以直线2y x =±为渐近线，且经过抛物线24y x =焦点的双曲线的方程为 ▲ ．（第5题）【答案】2214y x -= 9．在平面直角坐标系xOy 中，记曲线2(2m y x m m x=-∈≠-R ，）在1x =处的切线为直线l ．若直线l 在两坐标轴上的截距之和为12，则m 的值为 ▲ ．【答案】3-或4-10．已知函数()π()sin 26f x x =+．若π()(0)2y f x ϕϕ=-<<是偶函数，则ϕ= ▲ ．【答案】π311．在等差数列{}n a 中，已知首项10a >，公差0d >．若1260a a +≤，23100a a +≤，则155a a +的最大值为 ▲ ．【答案】20012．已知函数x y a b =+(0)b >的图象经过点(13)P ，，如下图所示，则411a b +-的最小值为 ▲ ．【答案】9213．如上图，圆O 内接△ABC 中，M 是BC 的中点，AC =3．若4AO AM ⋅=，则AB = ▲ ．14．已知()f x 是定义在[)1+∞，上的函数，且1|23|12()11()222x x f x f x x --<⎧⎪=⎨⎪⎩，，，，≤≥ 则函数2()3y xf x =-在区间()12015，上零点的个数为 ▲ ．【答案】11二、解答题：本大题共6小题，共计90分．请在答题卡指定区域．．．．．．．内作答．解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤．（第13题）（第12题）A 1A 15．(本小题满分14分)在△ABC 中，角A ，B ，C 的对边分别为a ，b ，c ．已知cos cos 2cos b C c B a A +=．（1）求A 的大小；（2）若=3AB AC ⋅，求△ABC 的面积．【解】（1）解法一：在△ABC 中，由正弦定理，及cos cos 2cos b C c B a A +=，得sin cos sin cos 2sin cos B C C B A A +=， (3)分即sin 2sin cos A A A =，因为(0π)A ，，所以sin 0A ≠，所以1cos 2A =，…………………………6分所以π3A =. ……………………………………………………………………8分解法二：在△ABC 中，由余弦定理，及cos cos 2cos b C c B a A +=，得2222222222222a b c a c b b c a b c a ab ac bc+-+-+-+=， (3)分所以222a b c bc =+-，所以2221cos 22b c a A bc +-==， ………………………………………………6分因为(0π)A ，，所以π3A = (8)分（2）由=cos AB AC cb A⋅bc =11分所以△ABC的面积为113=sin 60222S bc A =⨯=. (14)分16．(本小题满分14分)如图，在直三棱柱ABC -A 1B 1C 1中，AC ⊥BC ，CC 1= 4，M 是棱CC 1上的一点．（1）求证：BC ⊥AM ；（2）若N 是AB 的中点，且CN ∥平面1AB M ，求CM 的长．【解】（1）因为111ABC A B C -是直三棱柱，所以1CC ⊥平面ABC ，因为BC ⊂平面ABC ，所以1CC BC ⊥． …………………………………2分因为AC BC ⊥，1CC AC C =，1CC AC ⊂，平面11ACC A ，所以BC ⊥平面11ACC A ． ………………………………………………… 4分因为AM ⊂平面11ACC A ，所以BC AM ⊥． …………………………… 6分（2）证法一：如图1，取1AB 的中点P ，连结NP ，PM ．因为N 是AB 的中点，所以1//NP BB ，… 8分因为1//CM BB ，所以//NP CM ，所以NP 与CM 共面． …………………10分因为CN ∥平面1AB M ，平面CNPM 平面1AB M MP =，所以//CN MP ． (12)分所以四边形CNPM 为平行四边形，所以1122CM NP CC ===． (14)分证法二：如图2，设NC 与1CC 确定的平面交1AB 于点P ，连结NP ，PM ．因为CN ∥平面1AB M ，CN ⊂平面CNPM ，平面1AB M平面CNPM PM =，所以//CN MP ． (8)分因为1//BB CM ，1BB ⊄平面CNPM ，CM ⊂平面CNPM ，PB1BA NM1C C图11AP B1BANM1C C 图21A所以1//BB 平面CNPM ． (10)分又1BB ⊂平面1ABB ，平面1ABB 平面CNPM NP =，所以1//BB NP ，所以//CM NP ，所以四边形CNPM 为平行四边形． (12)分因为N 是AB 的中点，所以1111222CM NP BB CC ====．……… 14分证法三：如图3，取1BB 的中点Q ，连结NQ ，CQ ．因为N 是AB 的中点，所以1//NQ AB ，因为NQ ⊄平面1AB M ，1AB ⊂平面1AB M ，所以//NQ 平面1AB M ． (8)分因为CN ∥平面1AB M ，NQNC N =，NQ NC ⊂，平面NQC ，所以平面//NQC 平面1AB M ．…… 10分因为平面11BCC B 平面NQC QC =，平面11BCC B 平面11AB M MB =，所以1//CQ MB ． (12)分因为11//BB CC ，所以四边形1CQB M 是平行四边形，所以11122CM B Q CC ===． (14)分证法四：如图4，分别延长1BC B M ，，设交点为S ，连结AC ．因为CN ∥平面1AB M ，CN ⊂平面ABS ，平面ABS平面1AB M AS =，所以CN ∥AS ．………………………… 10分QB1B A NM1C 1AC图3B1B A NM1C 1AC图4S由于AN=NB ，所以BC=CS ．又因为CM ∥1BB ，同理可得，1SM MB =，所以1111222CM BB CC ===． (14)分17．(本小题满分14分)如图，在平面直角坐标系xOy 中，F 1，F 2分别是椭圆22221(0)x y a b a b+=>>的左、右焦点，顶点B 的坐标为（0，b ），且△BF 1F 2是边长为2（1）求椭圆的方程；（2）过右焦点F 2的直线l 与椭圆相交于A ，C 两点，记△ABF 2，△BCF 2的面积分别为S 1，S 2．若S 1＝2S 2，求直线l 的斜率．【解】（1）由题意，得a =2c =2，b 2=a 2－c 2=3，所求椭圆的方程为22143yx +=． ……………… 4分（2）设B 到直线AC 的距离为h ，由于S 1＝2S 2，所以，2211222AF h F C h ⋅=⨯⋅，即222AF F C =， …………………………6分所以，222AF F C =．解法一：设1122,A x y C x y （，）（，），又210F （，），则11221,21,x y x y --=-（）（）,即1212322.x x y y =-⎧⎨=-⎩， (8)分由22222222143322143x y x y ⎧+=⎪⎪⎨--⎪+=⎪⎩，（）（）解得，2274x y ⎧=⎪⎨⎪=⎩， ………………………12分所以，直线l 的斜率为8714k ==- …………………………………14分（第17题）解法二：由（1）知，1232x x =-． (8)分设点A 11x y （，）到椭圆22143y x +=右准线4x =的距离为d ，则212AF d =，所以21122AF x =-，同理22122CF x =-，由222AF F C =得，12112=2222x x --（），即211=2+2x x ． …………………10分所以，274x =（以下同解法一）． (12)分解法三：椭圆的右准线为直线4x =，分别过A C ，作准线的垂线，垂足分别为A C ''，，过C 作CH ⊥AA '，垂足为H ．由于2212CF AF CC AA ==''，……………10又222AF FC =，在RT △CAH 中，2232AC F C AH F C ==，，所以CH =所以tan CAH ∠=根据椭圆的对称性知，所求直线斜率为． (14)分18．(本小题满分16分)在长为20 m ，宽为16 m 米的长方形展厅正中央有一圆盘形展台（圆心为点C ），展厅入口位于长方形的长边的中间．在展厅一角B 点处安装监控摄像头，使点B 与圆C 在同一水平面上，且展台与入口都在摄像头水平监控范围内(如图阴影所示)．（1）若圆盘半径为m ，求监控摄像头最小水平摄像视角的正切值；（2）若监控摄像头最大水平摄像视角为60°，求圆盘半径的最大值．（注：水平摄像视角指镜头中心点水平观察物体边缘的视线的夹角．）【解】（1）解法一：如图，过B 作圆C 的切线BE ，切点为E ，设圆C 所在平面上入口中点为A连结CA ，CE ，CB ，则CE BE ⊥，CA AB ⊥，则摄像水平视角为∠ABE 时，水平摄像视角最小．在Rt △ABC 中，10AB =，8AC =，4tan 5ABC ∠=，…………………………………………2分在Rt △BCE中，CE =12BE ==，tan CBE ∠=， (4)分所以45tan tan()1ABE ABC CBE +∠=∠+∠==+，所以最小摄像视角的正切值为1+ (8)分解法二：过B 作圆C 的切线BE ，切点为E ，设圆C 所在平面上入口中点为A ，连结CA ，CE ，CB ，则CE BE ⊥，CA AB ⊥，则摄像视角为∠ABE 时，摄像视角最小．在平面ABC 内，以B 为原点，BA 为x 轴建立直角坐标系，则108C（，），设直线BE 的方程为y kx =，由圆C 与直线BE 相切得，， ………………………4分解得，1k =1k =．答：所以最小摄像视角的正切值为1+ (8)分（2）解法一：当ABE ∠=60︒时，若直线BE 与圆C 相切，则圆C 的半径最大．.在平面ABC 内，以B 为坐标原点，BA 为x 轴建立平面直角坐标系，所以直线BE方程为：y =， (12)（第18题）分所以4CE ==，则圆C的最大半径为4 m ． (16)分解法二：设圆盘的最大半径为r ，当ABE ∠=60︒时，若直线BE 与圆C 相切，则圆C 的半径最大．在Rt △ABC 中，10AB =，8AC =，4tan 5ABC ∠=，在Rt △BCE 中，CE r =，BE ，tan CBE ∠， (10)分由tan tan()ABE ABC CBE ∠=∠+∠415=-， (12)分即54)r r =，所以(5r =+，即22914)r =-=所以，4r =． (15)分答：圆C的最大半径为4 m ． (16)分19．(本小题满分16分)若函数()y f x =在x ＝x 0处取得极大值或极小值，则称x 0为函数()y f x =的极值点．已知函数3()3ln ()f x ax x x a a =+-∈R ．（1）当0a =时，求()f x 的极值；（2）若()f x 在区间()1e e ，上有且只有一个极值点，求实数a 的取值范围．（注：e 是自然对数的底数．）【解】（1）当0a =时，()3ln f x x x =，所以()3(ln 1)f x x '=+． ……………………2分令()0f x '=，得1ex =，当1(0)e x ∈，时，()0f x '<；当1()ex ∈+∞，时，()0f x '>，所以()f x 在1(0)e ，上单调递减，在1()e+∞，上单调递减增．………………4分所以，当1e x =时，()f x 有极小值13()e e f =-． …………………………6分（2）解法一：设2()()3(1ln )g x f x ax x '==++，()1e e D =，．由题意，()g x 在D 上且只有一个零点0x ，且0x 两侧()g x 异号．① 当0a ≥时，()g x 在D 上单调递增，且1()()0eg x g >≥，所以()g x 在D 上无零点； (8)分② 当0a <时，在(0,)+∞上考察()g x ：()g x '=，令()0g x '=，得1x = ()g x 在1(0x ，）上单调递增，在1(+x ∞，）上单调递减． ……………10分（i ）当1(e)()0e g g ⋅<，即22(e 2)0e a a +⋅<，即220e a -<<时， ()g x 在D 上有且只有一个零点0x ，且在0x 两侧异号． (13)分（ii ）令1()0e g =，得230e a =，不可能．（iii ）令(e)0g =，得22e a =-e 2D =∈，e 1e 1e ()3(1ln )3(ln )022222g g ==-++=+>，又因为213()0e e ag =<，所以()g x 在D 上有且只有一个零点0x ，且0x 两侧()g x 异号．综上所述，实数a 的取值范围是)220e ⎡-⎣，． ………………………………16分解法二：令2()3(1ln )0f x ax x '=++=，得21ln x a x+-=． ………………8分设21ln ()x h x x +=，由312ln ()x h x x +'=-，令()0h x '=，得()1201e ,e e x -=∈，当0(e)x x ∈，，()0h x '<，所以()h x 在0(e)x ，上为减函数；当01()e x x ∈，，()0h x '>，所以()h x 在01()ex ，上为增函数，所以0x 为()h x 的极大值点． …………………………………………………11分又1()0e h =，22(e)eh =，01()e 2h x =，所以220e a <-≤或1e 2a -=，即220ea -<≤或1e 2a =-． ………………13分当1e 2a =-时，21()3(1ln )2f x ex x '=-++．设21()1ln 2m x ex x =-++，则21e 1()e x m x x x x -+'=-+=，令()0m x '=，得12e x -=．当121(e)ex -∈，，()0m x '>，所以()m x 在121(e)e-，上为增函数；当12(e e)x -∈，，()0m x '<，所以()m x 在12(e e)-，上为减函数．所以12()(e )0m x m -=≤，即()0f x '≤在()1e e，恒成立，所以()f x 在()1e e，上单调递减．所以当1e 2a =-时，()f x 在()1e e ，上不存在极值点．所以实数a 的取值范围是)220e ⎡-⎣，． ………………………………………16分20．(本小题满分16分)设数列{a n }的前n 项和为S n ．若112()2n n an a +∈*N ≤≤，则称{a n }是“紧密数列”．（1）若数列{a n }的前n 项和21(3)()4n S n n n =+∈*N ，证明：{a n }是“紧密数列”；（2）设数列{a n }是公比为q 的等比数列．若数列{a n }与{S n }都是“紧密数列”，求q 的取值范围．【解】（1）由数列{a n }的前n 项和2*1(3)()4n S n n n =+∈N ，得a n ＝⎩⎨⎧S 1， n ＝1，S n －S n -1，n ≥2＝⎩⎪⎨⎪⎧1， n ＝1，12n +12，n ≥2＝12n +12(*n ∈N )．……………2分所以，a n +1a n ＝12(n +1)+12 12n +12＝n +2n +1＝1+1n +1， ……………………………………4分因为对任意n ∈N*，0＜1n +1≤ 12，即1＜1+1n +1≤32，所以，1＜a n +1a n ＝1+1n +1≤32，所以，12≤a n +1a n≤2，即{a n }是“紧密数列”． ……………………………6分（2）解法一：由数列{a n }是公比为q 的等比数列，得q ＝a n +1a n，因为{a n }是“紧密数列”，所以12≤q ≤2． ………………………………8分① 当q ＝1时，S n =na 1，S n +1S n =n +1n =1+1n ，所以，12≤1<S n +1S n =n +1n =1+1n≤2，故q ＝1时，数列{S n }为“紧密数列”，故q ＝1满足题意． …………10分② 当q ≠1时，S n ＝a 1(1－q n )1－q ，则S n +1S n =1－q n +11－q n ．因为数列{S n }为“紧密数列”，所以，12≤S n+1S n =1－q n +11－qn ≤2对于任意*n ∈N 恒成立．（i ）当12≤q ＜1时，12(1－q n )≤1－q n +1≤2(1－q n)即⎩⎨⎧q n (2q －1)≤1，q n (q －2)≥－1对于任意*n ∈N 恒成立．因为0＜q n ≤q ＜1，0≤2q －1＜1，－32≤q －2＜－1，所以 q n (2q －1)＜q ＜1， q n (q －2)≥q (q －2)≥12×(－32)＝－34＞－1，所以，当12≤q ＜1时，⎩⎨⎧q n (2q －1)≤1，q n (q －2)≥－1对于任意*n ∈N 恒成立．13分（ii ）当1＜q ≤2时，12(q n －1)≤q n +1－1≤2(q n－1)，即⎩⎨⎧q n (2q －1)≥1，q n (q －2)≤－1对于任意*n ∈N 恒成立．因为q n ≥q ＞1，2q －1＞1，－1＜q －2≤0．所以⎩⎨⎧q (2q －1)≥1，q (q －2)≤－1，解得q =1，又1＜q ≤2，此时q 不存在．综上所述， q 的取值范围是112⎡⎤⎢⎥⎣⎦，． (16)分解法二：因为{a n }是“紧密数列”，所以12≤q ≤2． (8)分① 当q ＝1时，S n =na 1，S n +1S n =n +1n =1+1n ，所以，12≤1<S n +1S n =n +1n =1+1n≤2，故q ＝1时，数列{S n }为“紧密数列”，故q ＝1满足题意． …………10分② 当q ≠1时，S n ＝a 1(1－q n )1－q ，则S n +1S n =1－q n +11－q n ．因为数列{S n }为“紧密数列”，所以，12≤S n+1S n =1－q n +11－qn ≤2对于任意*n ∈N 恒成立．（i ）当12≤q ＜1时，12(1－q n )≤1－q n +1≤2(1－q n )，即⎩⎨⎧q n (2q －1)≤1，q n (2－q )≤1对于任意*n ∈N 恒成立．所以⎩⎨⎧q (2q －1)≤1，q (2－q )≤1.解得12≤q ＜1． (13)分（第21-A 题）AB MO NDC·（ii ）当12≤q ＜1时，同理可得⎩⎨⎧q (2q －1)≥1，q (2－q )≥1.无解．综上所述， q 的取值范围是112⎡⎤⎢⎥⎣⎦，． (16)分数学Ⅱ（附加题）参考答案及评分建议21. 【选做题】本题包括A 、B 、C 、D 四小题，请选定其中两题，并在相应的答题区域内．．．．．．．．．．．．．．．．．作答．．．若多做，则按作答的前两题评分．解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤．A ．选修4—1：几何证明选讲（本小题满分10分）如图，已知AB 是⊙O 的直径，CD 是⊙O 的弦，分别延长AB ，CD 相交于点M ，N 为⊙O 上一点，AN =AC ，证明：∠MDN =2∠OCA ．【解】连结ON ，因为AN=AC ，ON =OC ，OA 是公共边，所以△ANO ≌△ACO ，故∠OAC =∠OAN ．………3分又∠OAC =∠OCA ，所以∠NAC =∠OAC +∠OAN=∠OCA +∠OAC=2∠OCA ．因为A ，C ，D ，N 四点共圆，所以∠MDN =∠NAC ，所以，∠MDN =2∠OCA ． ………………………10分B ．选修4—2：矩阵与变换（本小题满分10分）已知矩阵273m⎡⎤=⎢⎥⎣⎦M 的逆矩阵127n m --⎡⎤=⎢⎥-⎣⎦M ，求实数m ，n ．【解】由 1221401073772114301mn mn m n m ---⎡⎤⎡⎤⎡⎤⎡⎤===⎢⎥⎢⎥⎢⎥⎢⎥---+⎣⎦⎣⎦⎣⎦⎣⎦MM ， …………5分所以14172101431mn n m -=⎧⎪-=⎨⎪-+=⎩，解得53m n =⎧⎨=⎩． ……………………………………………10分C ．选修4—4：坐标系与参数方程（本小题满分10分）（第21-A 题）A B MO NDC·在平面直角坐标系xOy 中，已知曲线C 的参数方程为21214x t y t ⎧=⎪⎨⎪=⎩，（t 为参数），曲线与直线l ：12y x =相交于A ，B 两点，求线段AB 的长．【解】解法一：将曲线C 的参数方程21214x t y t ⎧=⎪⎨⎪=⎩，化为普通方程为28x y =，………3分方程组282x y x y ⎧=⎨=⎩，解得00x y =⎧⎨=⎩或1214x y ⎧=⎪⎨⎪=⎩． ……………………………………6分所以(00)A ，，11()24B ，，所以AB ==10分解法二：将曲线C 的参数方程为21214x t y t ⎧=⎪⎨⎪=⎩，代入直线l ，得21144t t =，解得10t =，21t =． ……………………………………………………………3分可得(00)A ，，11()24B ，， ………………………………………………………6分所以AB ==10分D ．选修4—5：不等式选讲（本小题满分10分）已知a ，b ，c 均为正数．求证：111a b c bc ca ab a b c++++≥．【解】因为a ，b ，c 都是为正数，所以12()a b a b bc ca c b a c++=≥．…………………………………………………3分同理可得2b c ca ab a +≥，2c a ab bc b+≥．将上述三个不等式两边分别相加，并除以2，得111a b c bc ca ab a b c++++≥． …………………………………………………10分【必做题】第22、23题，每小题10分，共计20分．请在答题卡指定区域．．．．．．．内作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤．CBADE第22题图22．如图，在四棱锥A BCDE -中，底面BCDE 为平行四边形，平面ABE ⊥平面BCDE ，AB AE =，DB DE =，=BAE BDE ∠=∠90°．（1）求异面直线AB 与DE 所成角的大小；（2）求二面角B AE C --的余弦值．【解】设BE 的中点为O ，连结AO ，DO ，由于AB =AE ，BO=OE ，所以AO ⊥BE ，同理DO BE ⊥．又因为平面ABE ⊥平面BCDE ，平面ABE平面BCDE=BE ，所以AO ⊥平面BCDE ，由题意，22222BE AB DB ==，所以AB BD DE AE ===．解法一：（1）不妨设OA a =，以O 为坐标原点，建立如图所示空间直角坐标系O-xyz ，则(00)A a ，，，(00)B a -，，，(20)C a a -，，，(00)D a ，，，(00)E a ，，．所以(0)AB a a =--，，，(0)DE a a =-，，因为2cos 2AB DE AB DE AB DE⋅-〈〉===，所以AB 与DE 的夹角为120°，所以异面直线AB 与DE 所成角为60°．………………………………………5分（2）设平面ACE 的法向量为1()n x y z =，，，因为(0)AE a a =-，，，(30)EC a a =-，，，所以10n AE ⋅=，10n EC ⋅=，所以，y z =且3x y =，取1y z ==，得3x =，所以，1(311)n =，，，又平面ABE 的法向量为2(100)n =，，，设二面角B AE C --的平面角为θ，由12123cos 11n n n n θ⋅===，因此，二面角B AE C --． ……………………………10分第22题图。

江苏省南通中学2015届高三上学期期中考试物理试题Word版含解析

2014-2015学年江苏省南通中学高三（上）期中物理试卷一．单项选择题：本题共7小题，每小题3分，共21分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得3分，选错或不答的得0分．1．（3分）物体在两个相互垂直的力作用下运动，力F1对物体做功6J，物体克服力F2做功8J，2．（3分）（2008•宁夏）一滑块在水平地面上沿直线滑行，t=0时其速度为1m/s．从此刻开始滑块运动方向上再施加一水平面作用F，力F和滑块的速度v随时间的变化规律分别如图a和图b所示．设在第1秒内、第2秒内、第3秒内力F对滑块做的功分别为W1、W2、W3，则以下关系正确的是（）3．（3分）如图所示，在地面上以速度v0抛出质量为m的物体，抛出后物体落到比地面低h的海平面上．若以地面为零势能面而且不计空气阻力，则以下说法正确的是（）①物体落到海平面时的势能为mgh②重力对物体做的功为mgh③物体在海平面上的动能为mv+mgh④物体在海平面上的机械能为mv．4．（3分）如图D、E、F、G为地面上水平间距相等的四点，三个质量相同的小球A、B、C分别在E、F、G的正上方不同高度处，以相同的水平初速度向左抛出，最后均落到D点．若不计空气阻力，则可判断A、B、C三个小球（）5．（3分）研究表明，地球自转在逐渐改变，3亿年前地球自转的周期约为22小时．假设这6．（3分）两个等量异种点电荷位于x轴上，相对原点对称分布，正确描述电势φ随位置xC．7．（3分）（2013•淮安模拟）A、B为某电场中一条直线上的两个点，现将正点电荷从A点静止释放，仅在电场力作用下运动一段距离到达B点，其电势能E P随位移x的变化关系如图所示．从A到B过程中，下列说法正确的是（）二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．8．（4分）（2011•江苏模拟）如图，A、B是一条电场线上的两点，若在某点释放一初速为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线从A运动到B，其速度随时间变化的规律如图所示．则（）9．（4分）图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图可作出正确判断的是（）10．（4分）一质点在XOY平面内运动的轨迹如图所示，下列判断正确的是（）11．（4分）对于绕轴转动的物体，描述转动快慢的物理量有角速度ω等物理量．类似加速度，=t+t+12．（4分）（2012•江西模拟）如图所示，A、B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，A放在固定的光滑斜面上，B、C两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上．现用手控制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行．已知A的质量为4m，B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态．释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时C恰好离开地面．下列说法正确的是（）2g三、填空题：本题共2小题，每空2分，共16分．13．（8分）某同学利用电磁打点计时器打出的纸带来验证机械能守恒定律，该同学在实验中得到一条纸带，如图所示，在纸带上取6个计数点，两个相邻计数点间的时间间隔为T=0.02s．其中1、2、3点相邻，4、5、6点相邻，在3点和4点之间还有若干个点．s1是1、3两点的距离，s2是2、5两点的距离，s3是4、6两点的距离．（1）实验过程中，下列操作正确的是_________．A．电磁打点计时器应接在220V交流电源上B．实验时应先松开纸带，然后迅速打开打点计时器C．实验时应先打开打点计时器，然后松开纸带D．纸带应理顺，穿过限位孔并保持竖直（2）点2速度的表达式v2=_________．（3）该同学测得的数据是s1=4.00cm，s2=16.00cm，s3=8.00cm，重物（质量为m）在竖直方向上运动从点2运动到点5过程中，动能增加量为_________m，势能减少量为_________ m．（结果保留三位有效数字，重力加速度g=9.8m/s2）14．（8分）（2014•盐城一模）如图所示，NM是水平桌面，PM是一端带有滑轮的长木板，1、2是固定在木板上的两个光电门，中心间的距离为L．质量为M的滑块A上固定一遮光条，在质量为m的重物B牵引下从木板的顶端由静止滑下，光电门1、2记录遮光时间分别为△t1和△t2．遮光条宽度为d．（1）若用此装置验证牛顿第二定律，且认为滑块A受到外力的合力等于B重物的重力，除平衡摩擦力外，还必须满足_________；在实验中，考虑到遮光条宽度不是远小于L，测得的加速度比真实值_________（选填“大”或“小”）．（2）如果已经平衡了摩擦力，_________（选填“能”或“不能”）用此装置验证A、B组成的系统机械能守恒，理由是_________．四、计算或论述题．本题共4小题，共63分．把答案填在答题纸上．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．15．（15分）（2015•乐山一模）一长为L的细线，上端固定，下端拴一质量为m、带电荷量为q的小球，处于如图所示的水平向右的匀强电场中，开始时，将线与小球拉成水平，然后释放小球由静止开始向下摆动，当细线转过60°角时，小球到达B点速度恰好为零．试求：（1）AB两点的电势差U AB；（2）匀强电场的场强大小；（3）小球到达B点时，细线对小球的拉力大小．16．（16分）（2012•宿迁模拟）如图所示，一物体M从A点以某一初速度沿倾角α=37°的粗糙固定斜面向上运动，自顶端B点飞出后，垂直撞到高H=2.25m的竖直墙面上C点，又沿原轨迹返回．已知B、C两点的高度差h=0.45m，物体M与斜面间的动摩擦因数μ=0.25，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2．试求：（1）物体M沿斜面向上运动时的加速度大小；（2）物体返回后B点时的速度；（3）物体被墙面弹回后，从B点回到A点所需的时间．17．（16分）（2008•临沂一模）如图所示，一位质量为m=65kg的特技演员，在进行试镜排练时．从离地面h1=6m高的楼房窗口跳出后竖直下落．若有一辆平板汽车正沿着下落点下方所在的水平直线上以V0=6m/s的速度匀速前进．已知该演员刚跳出时，平板汽车恰好运动到其前端距离下落点正下方3m处，该汽车车头长2m，汽车平板长4.5m，平板车板面离地面高h2=1m．人可看作质点．g取l0m/s2，人下落过程中未与汽车车头接触，人与车平板间的动摩擦因数μ=0.2．问：（1）人将落在平扳车上距车尾端多远处？（2）假定人落到平板车上后立即俯卧在车上不弹起，司机同时使车开始以大小为的加速度做匀减速直线运动，直至停止，则人是否会从平板下上滑下？（3）人在平板车上相对滑动的过程中产生的总热量Q为多少？18．（16分）如图所示，光滑绝缘的水平面上，相隔4L的AB两点固定有两个电量均为Q的正点电荷，a，O，b是AB连线上的三点，且O为中点，Oa=Ob=L，一质量为m、电量为q 的点电荷以初速度v0从a点出发沿AB连线向B运动，在运动过程中电荷受到大小恒定的阻力作用，但速度为零时，阻力也为零，当它运动到O点时，动能为初动能的n倍，到b点刚好速度为零，然后返回往复运动，直至最后静止．已知静电力恒量为k，设O处电势为零．求：（1）a点的电场强度．（2）电荷q受到阻力的大小．（3）a点的电势．（4）电荷q在电场中运动的总路程．2014-2015学年江苏省南通中学高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一．单项选择题：本题共7小题，每小题3分，共21分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得3分，选错或不答的得0分．1．（3分）物体在两个相互垂直的力作用下运动，力F1对物体做功6J，物体克服力F2做功8J，2．（3分）（2008•宁夏）一滑块在水平地面上沿直线滑行，t=0时其速度为1m/s．从此刻开始滑块运动方向上再施加一水平面作用F，力F和滑块的速度v随时间的变化规律分别如图a和图b所示．设在第1秒内、第2秒内、第3秒内力F对滑块做的功分别为W1、W2、W3，则以下关系正确的是（）3．（3分）如图所示，在地面上以速度v0抛出质量为m的物体，抛出后物体落到比地面低h 的海平面上．若以地面为零势能面而且不计空气阻力，则以下说法正确的是（）①物体落到海平面时的势能为mgh②重力对物体做的功为mgh③物体在海平面上的动能为mv+mgh④物体在海平面上的机械能为mv．mv mv 械能为mv，所以物体在海平面时的机械能也为4．（3分）如图D、E、F、G为地面上水平间距相等的四点，三个质量相同的小球A、B、C 分别在E、F、G的正上方不同高度处，以相同的水平初速度向左抛出，最后均落到D点．若不计空气阻力，则可判断A、B、C三个小球（）h=由于相同的初动能抛出，根据动能定理﹣、根据动能定理mv5．（3分）研究表明，地球自转在逐渐改变，3亿年前地球自转的周期约为22小时．假设这、近地卫星由万有引力提供圆周运动向心力，据速度、近地卫星向心力由万有引力提供据、万有引力提供圆周运动向心力有T=，由于地知，向心加速度减小，故6．（3分）两个等量异种点电荷位于x轴上，相对原点对称分布，正确描述电势φ随位置xC．7．（3分）（2013•淮安模拟）A、B为某电场中一条直线上的两个点，现将正点电荷从A点静止释放，仅在电场力作用下运动一段距离到达B点，其电势能E P随位移x的变化关系如图所示．从A到B过程中，下列说法正确的是（）二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．8．（4分）（2011•江苏模拟）如图，A、B是一条电场线上的两点，若在某点释放一初速为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线从A运动到B，其速度随时间变化的规律如图所示．则（）9．（4分）图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图可作出正确判断的是（）10．（4分）一质点在XOY平面内运动的轨迹如图所示，下列判断正确的是（）11．（4分）对于绕轴转动的物体，描述转动快慢的物理量有角速度ω等物理量．类似加速度，=t+t+知在国际单位制中=t+β12．（4分）（2012•江西模拟）如图所示，A、B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，A放在固定的光滑斜面上，B、C两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上．现用手控制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行．已知A的质量为4m，B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态．释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时C恰好离开地面．下列说法正确的是（）2g=+=2g2g三、填空题：本题共2小题，每空2分，共16分．13．（8分）某同学利用电磁打点计时器打出的纸带来验证机械能守恒定律，该同学在实验中得到一条纸带，如图所示，在纸带上取6个计数点，两个相邻计数点间的时间间隔为T=0.02s．其中1、2、3点相邻，4、5、6点相邻，在3点和4点之间还有若干个点．s1是1、3两点的距离，s2是2、5两点的距离，s3是4、6两点的距离．（1）实验过程中，下列操作正确的是CD．A．电磁打点计时器应接在220V交流电源上B．实验时应先松开纸带，然后迅速打开打点计时器C．实验时应先打开打点计时器，然后松开纸带D．纸带应理顺，穿过限位孔并保持竖直（2）点2速度的表达式v2=．（3）该同学测得的数据是s1=4.00cm，s2=16.00cm，s3=8.00cm，重物（质量为m）在竖直方向上运动从点2运动到点5过程中，动能增加量为 1.50m，势能减少量为 1.57m．（结果保留三位有效数字，重力加速度g=9.8m/s2））某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则的瞬时速度，则动能的增加量）14．（8分）（2014•盐城一模）如图所示，NM是水平桌面，PM是一端带有滑轮的长木板，1、2是固定在木板上的两个光电门，中心间的距离为L．质量为M的滑块A上固定一遮光条，在质量为m的重物B牵引下从木板的顶端由静止滑下，光电门1、2记录遮光时间分别为△t1和△t2．遮光条宽度为d．（1）若用此装置验证牛顿第二定律，且认为滑块A受到外力的合力等于B重物的重力，除平衡摩擦力外，还必须满足m＜＜M；在实验中，考虑到遮光条宽度不是远小于L，测得的加速度比真实值小（选填“大”或“小”）．（2）如果已经平衡了摩擦力，不能（选填“能”或“不能”）用此装置验证A、B组成的系统机械能守恒，理由是有摩擦力做功，系统机械能减小．四、计算或论述题．本题共4小题，共63分．把答案填在答题纸上．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．15．（15分）（2015•乐山一模）一长为L的细线，上端固定，下端拴一质量为m、带电荷量为q的小球，处于如图所示的水平向右的匀强电场中，开始时，将线与小球拉成水平，然后释放小球由静止开始向下摆动，当细线转过60°角时，小球到达B点速度恰好为零．试求：（1）AB两点的电势差U AB；（2）匀强电场的场强大小；（3）小球到达B点时，细线对小球的拉力大小．E==Eq=mg为）匀强电场的场强大小是点时，细线对小球的拉力大小是=16．（16分）（2012•宿迁模拟）如图所示，一物体M从A点以某一初速度沿倾角α=37°的粗糙固定斜面向上运动，自顶端B点飞出后，垂直撞到高H=2.25m的竖直墙面上C点，又沿原轨迹返回．已知B、C两点的高度差h=0.45m，物体M与斜面间的动摩擦因数μ=0.25，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2．试求：（1）物体M沿斜面向上运动时的加速度大小；（2）物体返回后B点时的速度；（3）物体被墙面弹回后，从B点回到A点所需的时间．由平抛运动规律有：，代入数据得：大小为：由运动学公式有：17．（16分）（2008•临沂一模）如图所示，一位质量为m=65kg的特技演员，在进行试镜排练时．从离地面h1=6m高的楼房窗口跳出后竖直下落．若有一辆平板汽车正沿着下落点下方所在的水平直线上以V0=6m/s的速度匀速前进．已知该演员刚跳出时，平板汽车恰好运动到其前端距离下落点正下方3m处，该汽车车头长2m，汽车平板长4.5m，平板车板面离地面高h2=1m．人可看作质点．g取l0m/s2，人下落过程中未与汽车车头接触，人与车平板间的动摩擦因数μ=0.2．问：（1）人将落在平扳车上距车尾端多远处？（2）假定人落到平板车上后立即俯卧在车上不弹起，司机同时使车开始以大小为的加速度做匀减速直线运动，直至停止，则人是否会从平板下上滑下？（3）人在平板车上相对滑动的过程中产生的总热量Q为多少？）人在车平板上的加速度）人与车达到相等的速度后，车向前减速直至停止的位移人向前减速直至停止的位移18．（16分）如图所示，光滑绝缘的水平面上，相隔4L的AB两点固定有两个电量均为Q的正点电荷，a，O，b是AB连线上的三点，且O为中点，Oa=Ob=L，一质量为m、电量为q 的点电荷以初速度v0从a点出发沿AB连线向B运动，在运动过程中电荷受到大小恒定的阻力作用，但速度为零时，阻力也为零，当它运动到O点时，动能为初动能的n倍，到b点刚好速度为零，然后返回往复运动，直至最后静止．已知静电力恒量为k，设O处电势为零．求：（1）a点的电场强度．（2）电荷q受到阻力的大小．（3）a点的电势．（4）电荷q在电场中运动的总路程．E=k k；mv mvmvmv mvL=n mv﹣Uao=，mv﹣即：﹣点的电场强度为受到阻力的大小为．参与本试卷答题和审题的老师有：src；sddrg；gzwl；灌园叟；xtyni；wxz；木子；大文杰；wgb；高中物理；成军；ljc（排名不分先后）2015年1月19日。