广西玉林市田家炳中学高一生物上学期第二次周测试卷(含解析)

广西玉林市田家炳中学2014-2015学年高一上学期第二次周测生物试卷一、选择题1．科学家在利用无土栽培法培养一些名贵花卉时，培养液中添加了多种必需化学元素｡其配方如下：其中花卉根细胞吸收最少的离子是( )离子K+Na+Mg2+Ca2+NO3﹣H2PO4﹣SO42﹣Zn2+培养液浓度/mol•L 1 2 0.25 1 2 1 0.25 1 A．Ca2+B．SO C．Zn2+D．H2PO4﹣考点：无机盐的主要存在形式和作用．分析：植物细胞吸收最少的离子应是微量元素，微量元素的种类包括Fe、Mn、B、Zn、Mo、Cu．解答：解：分析表格中的无机盐离子可知，只有Zn2+属于微量元素．故选：C．点评：本题的知识点是细胞的微量元素，对细胞的微量元素的记忆是解题的关键．2．在治疗创伤的中药方剂中，雄性羚羊角或犀牛角的用量极少，但是缺少这味药，疗效将大大下降甚至无效．已知动物的角主要是由死亡细胞的角化（变性）蛋白质组成的，则羚羊角等的有效成分最可能是( )A．特殊活性蛋白质B．DNAC．微量元素类D．大量元素类考点：无机盐的主要存在形式和作用．分析：本题是对大量元素与微量元素的概念及无机盐的功能考查，回忆大量元素与微量元素的概念及无机盐的功能，然后根据题干给出的信息进行推理判断．解答：解：A、由题意知，动物的角主要是由死亡细胞的角化（变性）蛋白质组成，不是具有特殊活性的蛋白质，A错误；B、DNA不是羚羊角等的有效成分，B错误；C、由题意知，该成分用量少，作用极大，因此可能是微量元素，C正确；D、由C分析知，D错误．故选：C．点评：根据题干信息结合大量元素与微量元素的概念及无机盐的知识进行推理的能力是本题考查的重点．3．人们经常食用的牛、羊、猪等肉类和白菜、土豆等蔬菜，经消化吸收后，其中的成分大多被转化为人体自身的一部分，其根本原因是( )A．组成生物体细胞的化学元素在无机自然界都能找到B．在不同生物的细胞内，组成它们的化学元素和化合物种类大体相同C．组成生物体细胞的基本元素是碳D．不同生物的细胞内，组成它们的化学元素的含量大体相同考点：碳原子的结构特点；无机盐的主要存在形式和作用．分析：1、生物界与非生物界的统一性与差异性统一性：构成生物体的元素在无机自然界都可以找到，没有一种是生物所特有的．差异性：组成生物体的元素在生物体体内和无机自然界中的含量相差很大．2、大量元素是指含量占生物总重量万分之一以上的元素，包括C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg，其中C、H、O、N为基本元素，C为最基本元素，O是含量最多的元素．解答：解：A、不同生物细胞成分的相互转化，说明在不同生物的化学元素种类大体相同，而不是生物界与无机自然界的组成元素大体相同，A错误；B、不同生物细胞成分的相互转化，说明在不同生物的细胞内，组成它们的化学元素和化合物种类大体相同，B正确；C、组成细胞的基本元素除了碳，还有其他元素，C错误；D、不同生物的细胞内，组成它们的化学元素的种类基本相同，但含量存在较大差异，D错误．故选：B．点评：本题考查组成细胞的元素和化合物，要求考生识记组成细胞的元素的种类及含量，掌握生物界和非生物界之间的统一性和差异性的含义，再根据题干信息做出准确的判断，属于考纲识记和理解层次的考查．4．广告语“聪明的妈妈会用心（锌）”道出了锌的重要性，研究发现生物体内有七十多种酶的活性与Zn2+有关，这说明无机盐( )A．对维持酸碱平衡有重要作用B．对维持细胞形态有重要作用C．对维持生物体的生命活动有重要作用D．对调节细胞内溶液的浓度有重要作用考点：无机盐的主要存在形式和作用．分析：本题是对无机盐的功能的考查，回忆无机盐的功能，然后结合题干信息进行解答．解答：解：由题意知，生物体内有七十多种酶的活性与Zn2+有关，而酶是细胞内化学反应不可缺少的催化剂，由此可以说明无机盐对于维持细胞和生物体的生命活动具有重要功能．故选：C．点评：对于无机盐的功能的理解应用是解题的关键．5．科学工作者研究了钙和硼对某种植物花粉粒萌发和花粉管生长的影响，结果如图所示．下列结论与结果不相符的是( )A．钙或硼对花粉萌发和花粉管生长都有同样的影响B．适宜浓度的硼或钙明显有利于花粉萌发或花粉管生长C．钙对花粉管生长有明显影响，而一定范围内几乎不影响花粉的萌发D．硼对于花粉萌发有明显影响，而一定范围内几乎不影响花粉管生长考点：无机盐的主要存在形式和作用．分析：本题是对无机盐的作用的考查，分析题图可知，钙的浓度影响花粉管的生长，不影响花粉管的萌发；硼的浓度不影响花粉管的生长但影响花粉管的萌发．解答：解：A、分析题图可知，钙的浓度影响花粉管的生长，不影响花粉管的萌发；硼的浓度不影响花粉管的生长但影响花粉管的萌发，二者对花粉萌发和花粉管生长的作用不同，结论与题图不相符，A正确；B、分析题图可知，适宜浓度的硼有利于花粉管的萌发，适宜浓度的钙有利于花粉管的生长，结论与题图相符合，B错误；C、钙对花粉管生长有明显影响，而一定范围内几乎不影响花粉的萌发，与题图相符合，C 错误；D、硼对于花粉萌发有明显影响，而一定范围内几乎不影响花粉管生长，与题图相符合，D 错误．故选：A．点评：本题的知识点是硼、钙在花粉管的萌发和生长方面的作用，正确解读题图曲线获取信息是解题的关键．6．某植物培养液中含有甲、乙、丙3种离子，它们对植物的生长都有影响．下表列出的5种培养液中，甲、乙、丙3种离子的浓度（单位：mmol/L）不同．为了研究丙离子的浓度大小对植物生长的影响，进行实验时可以选用的两种培养液是( )培养液编号①②③④⑤甲离子20 30 50 30 40乙离子55 45 60 45 55丙离子10 15 20 25 25A．①⑤B．②③C．②④D．③⑤考点：水和无机盐的作用的综合．分析：分析题干信息可知，该实验的目的是研究丙离子的浓度大小对植物生长的影响，实验的自变量是丙离子的浓度，按照实验单一变量的原则，选择的培养液应是只有丙离子的浓度不同，甲离子和乙离子的浓度相同．解答：解：分析①②③④⑤五种培养液可知，培养液②④甲离子和乙离子的浓度相同，只有丙离子的浓度不同，遵循单一变量的原则，因此可以用于研究丙离子的浓度大小对植物生长的影响．故选：C．点评：对于实验设计的单一变量原则的理解和应用是解题的关键．7．人体的肌肉主要是有蛋白质构成的，但是骨骼肌、心肌、平滑肌的功能各不相同，这是由于( )A．肌细胞形状不同B．在人体的分布部位不同C．控制它们运动的神经不同D．构成肌细胞的蛋白质分子结构不同考点：蛋白质的结构和功能的综合．分析：一切生命活动都离不开蛋白质，蛋白质是生命活动的主要承担者，蛋白质的空间结构多种多样，使蛋白质在细胞中承担的功能也多种多样．据此分析解答．解答：解：不同的组织器官的结构不同，功能不同，是基因选择性表达的结果，形成的蛋白质结构不同的结果．故选：D点评：此题主要考查蛋白质的结构和功能的相关知识点，意在考查学生对基础知识的理解掌握，难度不大．8．组成蛋白质的氨基酸之间的肽键结构式是( )A．NH﹣CO B．﹣NH﹣CO﹣C．﹣NH2﹣COOH﹣D．NH2﹣COOH考点：蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合．分析：从蛋白质的脱水缩合的过程解决问题．解答：解：一般通式为：﹣CO﹣NH﹣肽键一分子氨基酸的α﹣羧基HOOC﹣H﹣NH3和一分子氨基酸的α﹣羧基HOOC﹣H﹣NH3脱水缩合形成的酰胺键HOOC﹣H﹣CO﹣NH﹣H﹣NH3即﹣CO﹣NH﹣．氨基酸借肽键联结成多肽链．故选：B．点评：基础题目，重点掌握氨基酸的脱水缩合过程．9．两个氨基酸分子脱水缩合成二肽，脱去的水分子中的氢来自( ) A．羧基B．氨基C．羧基和氨基D．连接在碳原子上的氢考点：蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合．分析：氨基酸脱水缩合的过程为：解答：解：脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基和另一个氨基酸分子的氨基相连接，同时脱出一分子水，所以脱去的水分子中的氢原子来自氨基（﹣NH2）和羧基（﹣COOH）．故选：C．点评：本题知识点简单，考查蛋白质合成﹣﹣氨基酸脱水缩合，要求考生识记氨基酸脱水缩合的概念及过程，明确该过程脱去的水分子中H、O的来源，再根据题干要求作出准确的判断．10．一种二肽的化学式是C8H14N2O5，水解后得到丙氨酸（R基为﹣CH3）和另一种氨基酸X，则X的化学式是( )A．C5H7NO3B．C5H9NO4C．C5H11NO5D．C5H7NO4考点：氨基酸的分子结构特点和通式；蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合．分析：氨基酸分子相互结合的方式是：一个氨基酸分子的羧基（﹣COOH）和另一个氨基酸分子的氨基（﹣NH2）相连接，同时脱去一分子水．由两个氨基酸分子脱水缩合而形成的化合物叫做二肽．丙氨酸的R基为﹣CH3，则其分子式为C3H7N2O2．解答：解：A、C5H7NO3与丙氨酸（C3H7NO2）脱水缩合形成的二肽的分子式为C8H12N2O4，与题干不符，故A错误；B、C5H9NO4与丙氨酸（C3H7NO2）脱水缩合形成的二肽的分子式为C8H14N2O5，与题干相符，故B 正确；C、C5H11NO5与丙氨酸（C3H7NO2）脱水缩合形成的二肽的分子式为C8H14N2O6，与题干不符，故C 错误；D、C5H7NO4与丙氨酸（C3H7NO2）脱水缩合形成的二肽的分子式为C8H12N2O5，与题干不符，故D 错误．故选：B．点评：本题考查氨基酸脱水缩合的相关知识，意在考查考生的识记能力；能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力；简单的应用能力和计算能力．11．人体免疫球蛋白中，IgG由4条肽链构成，共有764个氨基酸，则该蛋白分子中至少含有游离的氨基和羧基数分别是( )A．746和764 B．760和760 C．762和762 D．4和4考点：蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合．分析：脱水缩合过程中的相关计算：（1）脱去的水分子数=形成的肽键个数=氨基酸个数﹣肽链条数；（2）蛋白质分子至少含有的氨基数或羧基数，应该看肽链的条数，有几条肽链，则至少含有几个氨基或几个羧基；（3）蛋白质分子量=氨基酸分子量×氨基酸个数﹣水的个数×18．解答：解：蛋白质分子至少含有的氨基数或羧基数，应该看肽链的条数，有几条肽链，则至少含有几个氨基或几个羧基．免疫球蛋白含有4条肽链，其至少含有4个游离的氨基和4个游离的羧基．故选：D．点评：本题考查蛋白质的合成﹣﹣氨基酸脱水缩合，要求考生识记氨基酸脱水缩合的具体过程，掌握氨基酸脱水缩合过程中的相关计算，能运用其延伸规律答题．12．动物体内甲种氨基酸通过转氨基作用生成乙种氨基酸，可以肯定的是( ) A．甲种氨基酸是必需氧某酸 B．甲种氨基酸是非必需氨基酸C．乙种氨基酸是必需氨基酸 D．乙种氨基酸是非必需氨基酸考点：蛋白质的结构和功能的综合．分析：本题的考查氨基酸的分类和分类依据．根据是否可以在体内合成，氨基酸分为必须氨基酸与非必需氨基酸．能在体内合成的氨基酸是非必需氨基酸，不能在体内合成，必须从食物中获得的氨基酸为必需氨基酸．解答：解：由题意可知，甲种氨基酸通过转氨基作用生成乙种氨基酸，这说明乙种氨基酸是可以在体内合成的氨基酸，是非必需氨基酸．故选：D．点评：本题的知识点是必需氨基酸与非必需氨基酸的概念和划分依据，对必需氨基酸与非必需氨基酸的概念的理解是解题的关键．13．由下列氨基酸缩合成一条分子式为C27H42O15N10的肽链，则该肽链中含有①号氨基酸的数目是( )A．1个B．2个C．3个D．4个考点：蛋白质分子的化学结构和空间结构．分析：氨基酸通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基和另一个氨基酸分子的氨基相连接，同时脱出一分子水的过程．分析水解所得的三种氨基酸可知：这三种氨基酸中都只有一个氨基，且只有①号氨基酸含有两个羧基，其他两种氨基酸都只含有一个羧基，因此可以根据氧原子数目进行计算．解答：解：根据题意和图示分析可知：这三种氨基酸中都只有一个氨基，而分子式为C27H42O15N10的肽链中含有10个氮，所以该肽链由10个氨基酸组成．根据一个肽链中至少有一个游离的氨基和一个游离的羧基，在肽链内部的R基中可能也有氨基和羧基，所以至少含氧原子11个．现肽链中含15个氧，说明多出的4个氧位于R基中，因此含2个羧基．故选：B．点评：本题结合四种氨基酸的结构式，考查蛋白质的合成﹣﹣氨基酸的脱水缩合，首先要求考生能分析四种氨基酸得出共同点；其次还要求考生识记氨基酸脱水缩合的概念，掌握氨基酸脱水缩合的简单计算，能根据氮原子数目计算出氨基酸的数目．二、填空题14．分析下列多肽的结构，回答问题：（1）该化合物有1个氨基、1个羧基．（2）该多肽中含有4个肽键，组成该化合物的氨基酸有4种．（3）假定一个由n个氨基酸构成的含m条肽链的蛋白质分子，氨基酸平均相对分子质量为a，那么，这个蛋白质分子的相对分子质量表达式是na﹣18（n﹣m）．考点：蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合．分析：分析题图可知该题的氨基酸的结构特点和氨基酸的脱水缩合反应，图中A是氨基，B、C、D、F、G表示R基，H是羧基．解答：解：（1）氨基的结构是﹣NH2，该化合物中只有一个氨基；羧基的结构是﹣COOH，该化合物中只有一个羧基．（2）该化合物中的肽键结构是﹣CO﹣NH﹣，图中共有4个肽键；B、C、D、F、G5个R基中，C、D相同，因此有四种氨基酸．（3）由n个氨基酸构成的含m条肽链的蛋白质分子脱去的水分子数是（n﹣m），因此如果氨基酸平均相对分子质量为a，那么，这个蛋白质分子的相对分子质量na﹣18（n﹣m）．故答案为：（1）1 1（2）4 4（3）na﹣18（n﹣m）点评：本题的知识点是组成蛋白质的氨基酸的结构特点，氨基酸的脱水缩合反应，旨在考查学生理解所学知识的要点，把握知识的内在联系并应用元素守恒估算蛋白质的分子量的能力．。