新疆伊利奎屯市一高中2018_2019学年高二物理4月月考试题(含解析)

新疆伊利奎屯市一高中2018-2019学年高二物理4月月考试题（含解析）一、选择题（本题共10小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第1-6题只有一项符合题目要求，第7-10题有多项符合题目要求。

全不选对的得4分，选对但不全的得2分，有错的得0分）1.如图是伏打起电盘示意图，其起电原理是A. 摩擦起电B. 感应起电C. 接触起电D. 绝缘板中的电荷移到了导电板上 【答案】B 【解析】导电平板靠近带电绝缘板并接地时，发生静电感应，使导电平板带上负电荷，其起电原理是感应起，故B 正确，A 、C 、D 错误； 故选B 。

2.基于人的指纹具有终身不变性和唯一性的特点，发明了指纹识别技术。

目前许多国产手机都有指纹解锁功能，常用的指纹识别传感器是电容式传感器，如图所示。

指纹的凸起部分叫“嵴”，凹下部分叫“峪”。

传感器上有大量面积相同的小极板，当手指贴在传感器上时，这些小极板和正对的皮肤表面部分形成大量的小电容器，这样在嵴处和峪处形成的电容器的电容大小不同。

此时传感器给所有的电容器充电后达到某一电压值，然后电容器放电，电容值小的电容器放电较快，根据放电快慢的不同，就可以探测到嵴和峪的位置，从而形成指纹图像数据。

根据文中信息，下列说法正确的是 （ ）A. 在峪处形成的电容器电容较大B. 充电后在嵴处形成的电容器的电荷量大C. 在峪处形成的电容器放电较慢D. 潮湿的手指头对指纹识别绝对没有影响 【答案】B 【解析】A 、根据电容的计算公式4SC kdεπ=可得，极板与指纹嵴(凸起部分)距离d 小，构成的电容器电容大，故A 错误；BC 、由于外接电源为所有电容器充到一个预先设计好的电压值，所以所有的电容器电压一定，根据·4SQ CU U kdεπ==可知，极板与指纹沟(凹的部分d 大，电容小)构成的电容器充上的电荷较少，在放电过程中放电时间短，故C 错误，B 正确；D 、湿的手与传感器之间有水填充，改变了原来匹配成平行板电容器的电容，所以会影响指纹解锁，故D 错误； 故选B 。

【点睛】根据电容的决定式4SC kdεπ=分析d 改变时电容的变化以及电荷量的多少；根据电荷量的多少分析放电时间长短。

3.在点电荷形成的电场中，一电子的运动轨迹如图中虚线所示，其中a 、b 是轨迹上的两点．若电子在两点间运动的速度不断增大，则下列判断中正确的是( )A. 形成电场点电荷电性为正B. 电子的运动是匀变速曲线运动C. 电子一定是从a 点运动到b 点D. 电子一定是从b 点运动到a 点 【答案】D 【解析】【详解】A.由图，粒子的运动轨迹向左弯曲，说明电子在a 、b 两点受到的电场力沿电场线向左，电场线方向向右，则形成电场的点电荷电性为负。

故A 错误；B.由于电子受的电场力大小是变化的，且电场力的方向与速度方向不共线，所以电子的运动是非匀变速曲线运动，故B 错误。

CD. 因电子在两点间运动的速度不断增大，则电场力做正功，故电子一定是从b 点运动到a 点，D 正确，C 错误；4.一束带电粒子以同一速度v 0从同一位置进入匀强磁场，在磁场中它们的轨迹如图所示。

若粒子A 的轨迹半径为r 1，粒子B 的轨迹半径为r 2，且r 2=2r 1，q 1、q 2分别是它们的带电荷量，m 1、m 2分别是它们的质量。

则下列分析正确的是A. A 带负电、B 带正电，荷质比之比为1212:1:1q q m m = B. A 带正电、B 带负电，荷质比之比为1212:1:1q q m m = C. A 带正电、B 带负电，荷质比之比为1212:2:1q q m m = D. A 带负电、B 带正电，荷质比之比为1212:1:2q q m m = 【答案】C 【解析】A 向左偏，B 向右偏，根据左手定则知，A 带正电，B 带负电．根据半径公式mvr qB＝，知荷质比 q v m Br ＝ ，v 与B 不变，所以荷质比之比等于半径之反比，所以121221q q m m ：＝： ．故C 正确，ABD 错误．故选C ．点睛：解决本题的关键掌握左手定则判断磁场方向、电荷的运动方向以及洛伦兹力方向的关键，以及掌握带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径公式mvrqB ＝。

5.如图所示，条形磁铁放在水平粗糙桌面上，它的左端上方固定一根与条形磁铁垂直的长直导线，导线中通以如图示方向的电流时，和原来没有电流通过时相比较，磁铁受到的支持力N 和摩擦力f ( )A. N减小，f 向左;B. N减小，f 向右;C. N增大，f 向左;D. N增大， f 向右.【答案】C【解析】【分析】以导线为以导线为研究对象，根据电流方向和磁场方向判断所受的安培力方向，再根据牛顿第三定律，分析磁铁所受的支持力和摩擦力情况来判断．【详解】以导线为研究对象，由左手定则判断得知导线所受安培力方向斜向左上方，根据牛顿第三定律得知，导线对磁铁的安培力方向斜向右下方，磁铁有向右运动的趋势，受到地面向左的摩擦力；同时磁铁对地的压力增大，地面对磁铁的支持力也将增大，故A、B、D错误，C正确.故选：C．6.如图，两同心圆环A、B置于同一水平面上，其中B为均匀带负电绝缘环，A为导体环.当B 绕环心转动时，导体环A产生顺时针电流且具有扩展趋势，则B的转动情况是（）A. 顺时针加速转动B. 顺时针减速转动C. 逆时针加速转动D. 逆时针减速转动 【答案】A 【解析】由图可知，A 中感应电流为顺时针，由楞次定律可知，感应电流的内部磁场向里，由右手螺旋定则可知，引起感应电流的磁场可能为：向外增大或向里减小；若原磁场向外，则B 中电流应为逆时针，由于B 带负电，故B 应顺时针转动且转速增大；若原磁场向里，则B 中电流应为顺时针，则B 应逆时针转动且转速减小；又因为导体环A 具有扩展趋势，则B 中电流应与A 方向相反，即B 应顺时针转动且转速增大，A 正确．7.英国物理学家阿斯顿因首次制成质谱仪，并用此对同位素进行了研究，而荣获了1922年的诺贝尔化学奖。

如图所示，P 1P 2两极板间同时存在相互垂直的电场和磁场，氚核和α粒子都沿直线运动，然后射入同一匀强磁场，最终打在照相底片上的C 、D 两点。

已知氚核的质量约为质子的3倍，带正电荷，电荷量为一个元电荷；α粒子即氦原子核，质量约为质子的4倍，带正电荷，电荷量为元电荷的2倍。

氚核、α粒子射出电场时的速度分别为1v 、2v ，在磁场中的轨道半径分别为1r 、2r ，不计粒子的重力。

则下列说法正确的是A. 1v ：2vB. 1r ：2r =3：2C. B 2磁场的磁感应强度越大，CD 间的距离越小D. B 2磁场的磁感应强度越大，CD 间的距离越大 【答案】BC 【解析】A 、B 、直线通过速度选择器的粒子满足qvB qE =，故选择速度Ev B=，与电荷和质量均无关，故12:1:1v v =，A 错误；B 、速度相同的两粒子进入磁场洛伦兹力提供向心力，2v qvB m r=，可得mv r qB=，氚核31(H)和氦核42(He)的半径比为1232342r m q r m q =⋅=，则B 答案正确.C 、D 、12342222()2CD mv mv mvx r r qB qB qB∆=-=-=，则磁感应强度越大，CD 间的距离越小，则C 正确，D 错误.故选BC.【点睛】带电粒子在速度选择器中电场力和洛伦兹力平衡，在磁场中，洛伦兹力提供向心力，求出粒子的轨道半径，即可知道轨迹半径与什么因素有关．8.在甲乙所示的电路中，电阻R 和自感线圈L 的阻值都很小，且小于灯泡A 的电阻，接通S ，使电路达到稳定，灯泡A 发光，则( )A. 在电路甲中，断开S 后，A 将逐渐变暗B. 在电路甲中，断开S 后，A 将先变得更亮，然后才逐渐变暗C. 在电路乙中，断开S 后，A 将逐渐变暗D. 在电路乙中，断开S 后，A 将先变得更亮，然后才逐渐变暗 【答案】BC 【解析】【详解】AB.在电路甲中，由于电阻R 和自感线圈L 的电阻值都很小，所以通过灯泡的电流比线圈的电流小，断开S 时，由于线圈阻碍电流变小，导致A 将变得更亮，然后逐渐变暗。

故A 错误，B 正确；CD.在电路乙中，断开S ，由于线圈阻碍电流变小，导致A 将逐渐变暗。

故C 正确，D 错误。

9.如图所示，矩形线圈是闭合的，在外力作用下，匀速向右通过宽为d (大于线圈边长)的匀强磁场时，设穿过线圈的磁通量为Φ，感应电流为I ，线圈所受磁场力为F ，通过线圈导线横截面的电荷量为q，则描述此过程中以上各物理量的变化的图像如选项图所示，其中正确的是( )A. B.C. D.【答案】AB【解析】线圈穿过磁场的过程中，速度不变，其他各物理量的变化分析如下：进入磁场的过程中，磁通量Φ＝BS＝Bl·vt(l为切割磁感线的边长)，可见磁通量Φ正比于时间t；从全部进入磁场到出磁场之前的过程中，Φ最大且保持不变；离开磁场的过程中，Φ均匀减小，故A正确；感应电流BLvIR感=，进入磁场与离开磁场的过程中，I感的大小相等方向相反，均为恒定电流；全部在磁场中平移时，无感应电流，故B正确；进入与离开磁场的过程中，安培力大小F 安＝BI感l不变；全部在磁场中平移时，不受安培力，故C错误；进入与离开磁场的过程中，通过导线横截面的电荷量BLvq I t tR==感，可见电荷量随时间均匀增加，全部在磁场中时，无感应电流，故D错误。

所以AB正确，CD错误。

10.如图所示，粗糙的平行金属导轨与水平面的夹角为θ，宽为L，匀强磁场垂直于导轨平面，磁感应强度为B，导轨上、下两边分别连接电阻R1和R2，质量为m的导体棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨和导体棒的电阻，重力加速度为g。

则导体棒ab沿着导轨下滑的过程中A. R 1和R 2发热功率之比P 1：P 2=R 2：R 1B. 导体棒匀速运动时的速度122212sin ()mgR R v B L R R θ=+C. 安培力对导体棒做的功等于导体棒机械能的减少量D. 重力和安培力对导体棒做功之和大于导体棒动能的增量 【答案】A 【解析】【详解】因R 1与R 2为并联关系，根据功率公式P=2U R知P 与R 成反比，故选项A 正确；因导轨粗糙，当导体棒匀速运动时，根据平衡条件F 安+f=mgsin θ，即221212sin B L vf mg R R R R θ+=+，故选项B 错误；根据功能关系，导体棒机械能减少量应等于安培力和摩擦力对棒做功之和，故选项C 错误；根据动能定理，重力和安培力对导体棒做功之和应等于导体棒动能的增量与克服摩擦力功之和，故选项D 错误。

二、实验题（本题共2小题，每空1分，共14分） 11.某研究性学习小组欲测量某电源的电动势和内阻.(1)设计实验方案前，为保证安全，小组成员先用多用表“直流电压2.5V 档”测定电源的电动势，在操作无误的情况下，多用表表盘示数如下图，其示数为______V.(2)提供的实验器材如下：A.滑动变阻器R (阻值0~10Ω)B.滑动变阻器R '(阻值0~100Ω)C.电流表A 1(量程0~2mA,内阻为1Ω)D.电流表A 2(量程0~500mA,内阻为3Ω)E.定值电阻R 1(标称阻值为999Ω)F.电池组(电动势为E ，内阻r 约为1Ω)G.开关一只，导线若干则滑动变阻器应选择__________(填“A”或“B”)(3)为尽可能提高实验精度，根据(2)中所供器材，下列实验电路图中正确的是__________.(4)将电流表A 1、A 2的读数分别记为I 1、I 2，以I 1为纵轴，I 2为横轴，根据实验数据作出I 1-I 2图像如图所示，由图像可知电源电动势E =___________V ，电源内阻r =__________Ω.(保留三位有效数字)(5)实验结束后，小组成员发现电流表A 1的实际内阻大于1Ω，则会造成电源内阻的测量值________实际值(填“等于”、“大于”或“小于”).【答案】 (1). 1.35 V (2). A (3). A (4). E =1.60V (5). r =1.00Ω (6). 大于 【解析】（1）由图可知用直流电压2.5V 档，则电压档刻度每小格为0.05V ，则其示数为1.35V ； （2）由于电动势大约1.35V 左右，滑动变阻器选择较小即可，便于调节，故选项A 即可； （3）由于题目中没有电压表，则将电流表1A 与定值电阻1R (标称阻值999Ω)串联改装成电压表，量程为：()10111()21099912A A U I R R V V -=+=⨯⨯+=，由于2A 量程较大放置在干路上即可，故选项A 正确；（4）根据闭合电路欧姆定律：()()11122A A E I R R I r R =+++整理可以得到：()()()2121111A A A r R EI I R R R R +=-++，则将1 1.6I mA =，20I =以及10I =，2400I mA =代入整理可以得到： 1.60E V =， 1.00r =Ω；（5）由于电流表1A 的实际内阻大于1Ω，但是实际取值时电流表1A 的内阻仍为1Ω，从而造成斜率变大，故造成电源内阻的测量值大于实际值。