【物理试题】湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习6及答案.doc
湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(9)---精校 Word解析版
+πR)=m=1kg的物体，竖直向上拉绳子，使物体由静止开始以，根据牛顿第二定律得：得：末物体的速度大小为：，故第一秒末拉力的功率为：求解瞬时功率，难点在于物体的速度和绳物体的机械能增加物体的重力势能减少物体的动能增加重力做功的物体从静止出发以；物体除重力做功，阻力做负功，除了重力之外的力做功量度机械能的变化，阻力做功为，所以物体的机械能变化，故物体的合力为，则合力做功为，所以物体的动能增加为，故物体在下落过程中，重力做正功为mgh所以物体的重力势能减少【答案】，联立上两式有考点：本题考查了竖直上抛运动的规律，由动能定理可得：，解得mgh-W==物体与弹簧组成的系统机械能增加量等于除重力和弹力以外的:，而，则物体到达，，，【答案】B：【点睛】本题综合考查了牛顿第二定律等知识，功率的计算和速度的分解。
去求运动的时间．根据图线知，当吊起的质量为，则吊起的速度，则吊起的速度为，当吊起的质量为5kg时，功率为个货箱，即质量为15kg根据，得，知功率最大时，时间最短，则点与原点连线的斜率正比于速度的大小，知斜率逐渐减小，故C正确．，下滑过程中在沿斜面方向上受到沿斜面向下的重力的分力和沿斜面向上的摩擦力，故加速度个过程都是匀变速直线运动，过程中的位移相同，根据公式可得上滑过程的时间，，而的一次函数，所以图像不是直线，故根据功能关系得：视频水平，质点从点正上方高【答案】DH-．即第一次质点在槽中滚动损失的机械能为．由于第二次小球在槽中滚动时，对应位置处速度变小，因此槽给小球的弹力变小，摩擦力变小，摩擦力做功小于，机械能损失小于＜联立①②③,解得：，，故.【点睛】本题的关键是分析小球的运动过程，抓住临界状态和临界条件，然后结合功能关系和牛顿第二定A. 9.52×10-2 JB. 9.78×10-2 J，，则这个过程A刚分离时它们的速度大小为，根据功能关系得：发生的位移大小为A克服重力做功为做功的功率为A发生的位移大小为离开C的过程中，物块，选项=2mgsinθ，解得F=3mgsinθ+ma则：，解得的加速度大小为考点：牛顿第二定律；胡克定律；功率能守恒得：．故球机械能的增加量为．故正确．故选BD.考点：本题考查了机械能守恒定律．A. 斜面的倾角θ＝30°B. 物体的质量为m＝0.5kg，联立得，联立得，则A. 汽车行驶过程中所受的阻力为2000NB. 汽车的额定功率为40kwC. 图中，汽车加速运动的时间为22.5s故有：，则有得：，汽车的额定功率为：错误。
湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(14)(含解析)
湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习一、选择题1. 均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场．如图所示，在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球面顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，OM＝ON＝2R.已知M点的场强大小为E，则N点的场强大小为( )A. －EB.C. －ED. ＋E【答案】A【解析】把半个球面补到右面，组成一个完整的球壳，根据对称性，可知，左半球在N点的场强大小与右半球在M点的场强大小相等，设这个场强为，则有，解得：2. 如图所示，带电荷量为＋Q的细棍电荷分布均匀，在过中点c的垂直于细棍的直线上有a、b、d三点，a 和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q(q>0)的固定点电荷．已知b点处的场强为零，则d点处场强的大小为(k为静电力常量)( )A.B. kC. kD. k【答案】C【解析】【详解】b点处的场强为零，由场强叠加原理，固定点电荷和细棍分别在b点产生的电场的场强等大反向，则细棍在b点产生的电场的场强，方向水平向左；由对称性，细棍分别在b、d点产生的电场的场强等大反向，在d点，合场强，故选C．【点睛】考查点电荷与细棍上电荷在某处的电场强度叠加，紧扣电场强度的大小与方向关系和对称性关系。
3. 已知均匀带电的无穷大平面在真空中激发电场的场强大小为，其中σ为平面上单位面积所带的电荷量，为常量．如图所示的平行板电容器，极板正对面积为S，其间为真空，带电荷量为Q.不计边缘效应时，极板可看作无穷大导体板，则极板间的电场强度大小和两极板间相互的静电引力大小分别为( )A. 和B. 和C. 和D. 和【答案】D【解析】由公式，正负极板都有场强，由场强的叠加可得，电场力，故选D。
【考点定位】考查电场知识。
4. 示波管的聚焦电场是由电极A1、A2、A3、A4形成的，实线为电场线，虚线为等势线，x轴为该电场的中心轴线．一个电子从左侧进入聚焦电场，曲线PQR是它的运动轨迹，则( )A. 电场中Q点的电场强度小于R点的电场强度B. 电场中P点的电势比Q点的电势低C. 电子从P运动到R的过程中，电场力对它先做正功后做负功D. 若电子沿着x轴正方向以某一速度进入该电场，电子有可能做曲线运动【答案】B【解析】【详解】A、等势线密的地方电场线也密，因此Q点电场线比R点电场线密，故Q点的电场强度大于R点的电场强度，故A错误。
【全国百强校】湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理周六检测题
绝密★启用前【全国百强校】湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理周六检测题试卷副标题注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上第I 卷（选择题）请点击修改第I 卷的文字说明 一、单选题1．在平直公路上行驶的a 车和b 车，其x —t 图象分别为图中直线a 和曲线b ，由图可知A ． b 车运动方向始终不变B ． 在t 1时刻a 车的位移大于b 车C ． t 1到t 2时间内a 车的平均速度小于b 车D ． t 1到t 2时间内某时刻两车的速度可能相同2．如图所示，A 、B 为两个等量正点电荷，O 为A 、B 连线的中点．以O 为坐标原点、垂直AB 向右为正方向建立Ox 轴．下列四幅图分别反映了在x 轴上各点的电势φ（取无穷远处电势为零）和电场强度E 的大小随坐标x 的变化关系，其中正确的是A ．B ．C ．D ．3．如图所示，匀强磁场的边界为平行四边形ABCD ，磁感应强度为B ，其中AC 边与对角线BC 垂直，∠BAC=60°，一束电子（质量为m ，电荷量为e ）以大小不同的速度沿BC 方向从B 点射入磁场，不计电子的重力和电子之间的相互作用，关于电子在磁场中运动的时间，下列说法中正确的是A ． 从AB （不含A 点）边出射的粒子，运动时间可能为B ． 从AC （不含A 点）边出射的粒子，运动时间可能为C ． 从AB （不含A 点）边出射的粒子，运动时间均为D ． 从AC （不含A 点）边出射的粒子，运动时间均为4．我国自主研发的“北斗卫星导航系统”是由多颗卫星组成的，其中有5颗地球同步卫星．在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入椭圆轨道Ⅰ，如图所示，然后在Q 点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨道Ⅱ，则A ． 在轨道Ⅱ上的运行周期大于在轨道Ⅰ上的运行周期C ． 卫星在同步轨道Ⅱ上的运行速度大于7.9 km/sD ． 在轨道Ⅰ上，卫星在P 点的动能小于在Q 点的动能 二、多选题5．（多选）某大型游乐场内的新型滑梯放在水平地面上，可以等效为如图所示的物理模型。
湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三滚动复习(2)物理试题Word版含解析
湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(2)一、选择题：1-13题为单选，14-20为多选。
1. 如图所示，一杂技演员用一只手抛球、接球，他每隔0.4 s抛出一球，接到球便立即把球抛出．已知除抛、接球的时刻外，空中总有4个球，将球的运动近似看作是竖直方向的运动，球到达的最大高度是(高度从抛球点算起，取g=10m/s2)( )..................A. 1.6mB. 2.4mC. 3.2mD. 4.0m【答案】C【解析】根据竖直上抛的对称性可知，空中的四个球，有两个在上升，两个下降，由于每隔0.5s抛一个，因此从抛出到最高点时间为t=1s，所以上升最大高度：h＝gt2＝×10×12＝5m，故ABC错误，D正确．故选D．2. 一倾角为α的斜劈放在水平地面上，一物体沿斜劈匀速下滑．现给物体施加如图所示的力F，F与竖直方向夹角为β，斜劈仍静止，则此时地面对斜劈的摩擦力A. 大小为零B. 方向水平向右C. 方向水平向左D. 无法判断大小和方向【答案】A【解析】【详解】没有施加力F时，由物体匀速下滑可知mg sinα＝μmg cosα，得μ＝tanα，物体受重力G、斜面的弹力F N、斜面的摩擦力F f，且三力的合力为零，故F N与F f的合力竖直向上，，如图所示：当物体受到外力F时，物体受斜面的弹力为F N′、摩擦力为F f′，F N′与F f′的合力与F N′的夹角为θ，则，故θ＝α，即F N′与F f′的合力方向竖直向上，由牛顿第三定律知，物块对斜面体的作用力竖直向下，故斜面体在水平方向上不受力，故选A。
【点睛】本题关键对滑块受力分析后根据平衡条件得到支持力和摩擦力的合力方向，然后根据牛顿第三定律得到滑块对斜面体的作用力的合力方向，当压力增加后，滑动摩擦力也增加，但两个力的合力方向不变．3. 甲、乙两辆汽车在平直的公路上同一地点沿相同方向由静止开始做直线运动，它们运动的加速度随时间变化a-t图像如图所示．关于甲、乙两车在0~20s的运动情况，下列说法正确的是( )A. 在t＝10s时两车相遇B. 在t＝20s时两车相遇C. 在t＝10s时两车相距最远D. 在t＝20 s时两车相距最远【答案】D【解析】根据加速度-时间图像可知道图像与时间轴所围成的面积表示速度，在t=20s时，两图像与t 轴所围成的面积相等，即该时刻两车的速度相等，在t=20s前乙车的速度大于甲车的速度，所以乙车在甲车的前方，所以两车逐渐远离，在t=20s时，两车的速度相等，即相距最远，由以上分析可知，在t=20s，两车不可能相遇，只有D正确。
【解析】湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三理综物理试题 Word版含解析【 高考】
湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三理综物理试题一、选择题1. 一水平放置的平行板电容器的两极板间距为d，极板分别与电池两极相连，上极板中心有一小孔（小孔对电场的影响可忽略不计）。
小孔正上方处的P点有一带电粒子，该粒子从静止开始下落，经过小孔进入电容器，并在下极板处（未与极板接触）返回。
若将下极板向上平移，则从P点开始下落的相同粒子将（）A. 打到下极板上B. 在下极板处返回C. 在距上极板处返回D. 在距上极板处返回【答案】C【解析】试题分析：开始状态，粒子从静止释放到速度为零的过程，运用动能定理得，3mgd/2=qU，将下极板向上平移d/4，设运动到距离上极板x处返回．根据动能定理得：，联立两式解得x=d，即粒子将在距上极板d处返回，故C正确．考点：动能定理的应用.2. 如图为测定运动员体能的装置，轻绳拴在腰间沿水平线跨过定滑轮（不计滑轮的质量与摩擦），下悬重力为G的物体。
设人的重心相对地面不动，人用力向后蹬传送带，使水平传送带以速率为v逆时针转动，则（）A. 人对重物做功功率为GvB. 人对传送带的摩擦力大小等于G，方向水平向右C. 人对传送带的摩擦力对传送带不做功D. 人对传送带做功的功率大小为Gv【答案】D【解析】【详解】A. 重物没有位移，所以人对重物没有做功，功率为0，故A错误；B. 根据人的重心不动，则知人处于平衡状态，摩擦力与拉力平衡，传送带对人的摩擦力方向向右，拉力等于物体的重力G，所以人对传送带的摩擦力大小等于G，方向水平向左，故B错误；CD. 在时间t内人对传送带做功消耗的能量等于人对传送带做的功，人的重心不动，绳对人的拉力和人与传送带间的摩擦力平衡，而拉力又等于G.根据P=Fv，所以人对传送带做功的功率为Gv.故C错误，D正确。
故选：D【点睛】通过在力的方向上有无位移判断力是否做功．人的重心不动，则知人处于平衡状态，摩擦力与拉力平衡．根据恒力做功功率公式可以求得人对传送带做功功率为P=Fv．3. 如图所示，“旋转秋千”装置中的两个座椅A、B质量相等，通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上。
华师一附中2018届高三物理滚动复习(7)李爱华
华师一附中2018届滚动训练（6）命题人 李爱华选择题：1-8位单选，其余多选1．如图所示，一物体自倾角为θ的固定斜面上某一位置P 处斜向上抛出，到达斜面顶端Q 处时速度恰好变为水平方向，已知P 、Q 间的距离为L ，重力加速度为g ，则关于抛出时物体的初速度v 0的大小及其与斜面间的夹角α，以下关系中正确的有 A ．tan tan αθ= B ． ()2sin 2tan 21sin θαθ=+ C．0v =D．0cos v =2．如图所示，AB 为倾角为θ斜面，小球从A 点以初速度v 0(方向与斜面成角)抛出，恰好落到斜面底端的B 点，不计空气阻力，则AB 两点间的距离为A.()θθαα220cos cos sin g v -⋅ B.()θθαα220cos sin cos 2g v -⋅ C. ()θθαα220cos cos sin 2g v -⋅ D.()θθαα220sin cos sin 2g v -⋅3.如图所示，小球从楼梯上以2m/s 的速度水平抛出，所有台阶的高度和宽度均为0.25m ，g 取10/s 2，小球抛出后首先落到的台阶是A. 第一级台阶B.第二级台阶C. 第三级台阶D. 第四级台阶4.如图，半圆形凹槽的半径为R ，O 点为其圆心。
在与O 点等高的边缘A 、B 两点分别以速度v 1、v 2水平同时相向抛出两个小球，已知v 1∶v 2=1∶3，两小球恰落在弧面上的P 点。
则以下说法中正确的是 A.∠AOP 为45°B.若要使两小球落在P 点右侧的弧面上同一点，则应使v 1、v 2都增大C.改变v 1、v 2，只要两小球落在弧面上的同一点，v 1与v 2之和就不变D.若只增大v 1，两小球可在空中相遇5．如图所示是磁带录音机的磁带盒的示意图，A 、B 为缠绕磁带的两个轮子，其半径均为r 。
在放音结束时，磁带全部绕到了B 轮上，磁带的外缘半径为R ，且R =3r 。
湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(6)(含解析)练习
湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习（6）（含解析）练习一、选择题：1-7题为单选，8-15为多选。
1. 如图所示,物块和叠放在水平面上,在水平力F作用下整体向右做匀速运动,关于物块受力个数,下列判断正确的是( )A. 4个B. 5个C. 6个D. 7个【答案】C【解析】【详解】因为物块m1和m2做匀速运动，整体处于平衡状态，整体在水平方向受到拉力与地面的摩擦力的作用；绳子对物块m1和m2的拉力相等，都是F。
又m1处于平衡状态，则m1受水平方向的绳子的拉力，所以还会受m2对m1的向左的摩擦力作用，则m2受到m1的向右的摩擦力作用；所以m2受到重力、地面的支持力，地面的向左的摩擦力；受到m1的向右的摩擦力和向下的压力以及绳子的拉力，共6个力的作用。
故C正确，ABD错误。
故选C。
2. a、b两不同材质物体的质量分别为和，由轻质弹簧相连．当用恒力F竖直向上拉着a，使a、b一起向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为；当用大小仍为F的恒力沿水平方向拉着a，使a、b一起沿粗糙水平桌面做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为，如图所示．则（）A. B. C. D. 无法判断【答案】D【解析】【详解】a、b一起向上做匀加速直线运动时，对整体根据牛顿第二定律可得：；隔离对b分析有：F1-m2g=m2a1，解得：F1= ；a、b一起沿粗糙水平桌面做匀加速直线运动时，对整体根据牛顿第二定律可得：；隔离对b分析有：F2=m2a2+μ2m2g=，则无法判断F1和F2的大小关系，根据胡克定律知，无法判断x1和x2的关系．故D正确、ABC错误；故选D。
【点睛】本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答；注意整体法和隔离法的应用。
3. 如图所示,用一根长杆和两个定滑轮的组合装置来提升重物M,长杆的一端放在地上通过铰链联结形成转轴,其端点恰好处于左侧滑轮正下方O点处,在杆的中点C处拴一细绳,绕过两个滑轮后挂上重物M.C点与O点距离为L.现在杆的另一端用力。
精品解析：湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三理综物理试题(解析版)
湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三理综物理试题注意事项：1．答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔在答题卡上填写自己的准考证号、姓名、试室号和座位号。
用2B型铅笔把答题卡上试室号、座位号对应的信息点涂黑。
2．选择题每小题选出答案后，用2B型铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内的相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答的答案无效。
4．考生必须保持答题卡整洁。
考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。
一、选择题1.以下叙述正确的是（）A. 库仑在前人工作的基础上，通过定量实验研究，确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用力遵循的规律B. 电流通过导体产生的热量与电流、导体电阻和通电时间的规律是由欧姆最先发现的C. 最先通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因的是牛顿D. 万有引力定律是由开普勒发现的【答案】A【解析】试题分析：库仑在前人工作的基础上，通过定量实验研究，确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用力遵循的规律—库仑定律，A正确；电流通过导体产生的热量与电流、导体电阻和通电时间的规律是由焦耳发现的，B错误；最先通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因的是伽利略，C错误；万有引力定律是由牛顿总结出来的，D错误。
考点：本题考查了有关物理学史的知识2.质点甲固定在原点，质点乙在轴上运动，乙受到甲的作用力只与甲、乙之间的距离有关，在范围内，与的关系如图所示．若乙自点由静止开始运动，假设乙除受力外不受其他外力作用，规定力沿方向为正，下列说法正确的是（）A. 乙运动到点时，动能最大B. 乙运动到点时，动能最大C. 乙运动到点后，静止于该处D. 乙运动到点时，速度方向一定沿方向【答案】A【解析】A ．由图可知，质点乙由静止从开始向右做加速运动，越过后做减速运动，因此经过点时速度最大，动能最大，故A正确，B错误；C ．由图象可知，质点运动到点后，在甲的作用力下做反向加速运动，不会静止在点，故C错误；D ．力对质点做的功等于图象与坐标轴所包围面积的大小，由图示图象可知，从到合外力对质点做的功大于从到合外力做的功，在点质点速度向右不为零，乙运动到点时，速度方向一定沿方向，故D 错误；故选：A．3. 在直角坐标系Oxyz中有一四面体O ABC，其顶点坐标如图所示。
湖北省武汉市华中师范大学第一附属中学2018届高三滚动复习物理试题 Word版含解析
华师一附中2018届高三物理滚动复习（5）1.发球机从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球（忽略空气的影响)。
速度较大的球越过球网，速度较小的球没有越过球网。
其原因是( )A. 速度较小的球下降相同距离所用的时间较多B. 速度较小的球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大C。
速度较大的球通过同一水平距离所用的时间较少D. 速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大【答案】C【解析】【详解】发球机发出的球，速度较大的球越过球网，速度度较小的球没有越过球网，原因是发球机到网的水平距离一定，速度大,则所用的时间较少，球下降的高度较小，容易越过球网，C正确．2.如图所示，A、B两小球从相同高度同时水平抛出,经过时间t在空中相遇,若两球的抛出速度都变为原来的2倍，则两球从抛出到相遇经过的时间为（）A. t B。
C. D.【答案】C【解析】设第一次抛出时A球的速度为v1，B球的速度为v2，则A、B间的水平距离x=(v1+v2）t，第二次两球的速度为第一次的2倍，但两球间的水平距离不变，则x=2(v1+v2）T，联立得T=t∕2,所以C正确；ABD错误．【名师点睛】本题的关键信息是两球运动时间相同，水平位移之和不变．3.如图所示，一小物块被夹子夹紧，夹子通过轻绳悬挂在小环上,小环套在水平光滑细杆上，物块质量为M，到小环的距离为L,其两侧面与夹子间的最大静摩擦力均为F．小环和物块以速度v向右匀速运动，小环碰到杆上的钉子P后立刻停止，物块向上摆动．整个过程中,物块在夹子中没有滑动．小环和夹子的质量均不计，重力加速度为g．下列说法正确的是A。
物块向右匀速运动时，绳中的张力等于2FB. 小环碰到钉子P时，绳中的张力大于2FC. 物块上升的最大高度为D. 速度v不能超过【答案】D【解析】物块向右匀速运动时，则夹子与物体M，处于平衡状态，那么绳中的张力等于Mg，故A正确；小环碰到钉子P时，物体M做圆周运动，依据最低点由拉力与重力的合力提供向心力，因此绳中的张力大于Mg，而与2F大小关系不确定,故B错误；依据机械能守恒定律,减小的动能转化为重力势能，则有:，则物块上升的最大高度为，故C错误;因夹子对物体M的最大静摩擦力为2F，依据牛顿第二定律，对物体M，则有：，解得：，故速度v不能超过，故D正确;故选AD。
湖北省武汉华中师范大学第一附属中学高三物理滚动复习
湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(6)一、选择题：1-7题为单选，8-15为多选。
1. 如图所示,物块和叠放在水平面上,在水平力F作用下整体向右做匀速运动,关于物块受力个数,下列判断正确的是( )A. 4个B. 5个C. 6个D. 7个【答案】C【解析】【详解】因为物块m1和m2做匀速运动，整体处于平衡状态，整体在水平方向受到拉力与地面的摩擦力的作用；绳子对物块m1和m2的拉力相等，都是F。
又m1处于平衡状态，则m1受水平方向的绳子的拉力，所以还会受m2对m1的向左的摩擦力作用，则m2受到m1的向右的摩擦力作用；所以m2受到重力、地面的支持力，地面的向左的摩擦力；受到m1的向右的摩擦力和向下的压力以及绳子的拉力，共6个力的作用。
故C正确，ABD错误。
故选C。
2. a、b两不同材质物体的质量分别为和，由轻质弹簧相连．当用恒力F竖直向上拉着a，使a、b一起向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为；当用大小仍为F的恒力沿水平方向拉着a，使a、b一起沿粗糙水平桌面做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为，如图所示．则（）A. B. C. D. 无法判断【答案】D【解析】【详解】a、b一起向上做匀加速直线运动时，对整体根据牛顿第二定律可得：；隔离对b分析有：F1-m2g=m2a1，解得：F1= ；a、b一起沿粗糙水平桌面做匀加速直线运动时，对整体根据牛顿第二定律可得：；隔离对b分析有：F2=m2a2+μ2m2g=，则无法判断F1和F2的大小关系，根据胡克定律知，无法判断x1和x2的关系．故D正确、ABC错误；故选D。
【点睛】本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答；注意整体法和隔离法的应用。
3. 如图所示,用一根长杆和两个定滑轮的组合装置来提升重物M,长杆的一端放在地上通过铰链联结形成转轴,其端点恰好处于左侧滑轮正下方O点处,在杆的中点C处拴一细绳,绕过两个滑轮后挂上重物M.C点与O点距离为L.现在杆的另一端用力。
【解析】湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习题(10)
湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(10)1. 将三个木板1、2、3固定在墙角，木板与墙壁和地面构成了三个不同的三角形，如图所示，其中1与2底边相同，2和3高度相同．现将一个可以视为质点的物块分别从三个木板的顶端由静止释放，使其沿斜面下滑到底端，物块与木板之间的动摩擦因数μ均相同．在这三个过程中，下列说法不正确的是( )............A. 沿着1和2下滑到底端时，物块的速率不同，沿着2和3下滑到底端时，物块的速率相同B. 沿着1下滑到底端时，物块的速度最大C. 物块沿着3下滑到底端的过程中，产生的热量最多D. 物块沿着1和2下滑到底端的过程中，产生的热量一样多【答案】A【解析】对物块从高为h的斜面上由静止滑到底端时，根据动能定理有，其中为物块克服摩擦力做的功，因滑动摩擦力，又，所以物块克服摩擦力做的功为，由图可知，为斜面底边长，即若物体从斜面顶端下滑到底端时只要质量m与斜面底端长相同，则物体克服摩擦力做的功就相同，因沿着1和2下滑到底端时相同，沿2和3下滑到底端时不同，沿3时克服摩擦力做的功多，由动能定理，不难判断A错误；根据动能定理，沿1和2下滑时有，，，同理沿2和3下滑时有，显然，最大，B正确；由摩擦产生热量，可知物块沿3下滑到底端的过程中产生的热量最多，故C正确；同理，根据以上分析知，物块沿1和2下滑到底端的过程中，产生的热量一样多，故D正确．【点睛】通过本题求克服摩擦力做功可推得一个重要的结论：物体从斜面下滑到底端的过程中，克服摩擦力做的功与沿水平面滑动与斜面底端相同距离时克服摩擦力做的功相同．2. 一物块沿倾角为θ的斜坡向上滑动．当物块初速度为v时，上升的最大高度为H，如图所示；当物块初速度为时，上升的最大高度记为h.重力加速度大小为g.则物块与斜坡间的动摩擦因数和h分别为( )A. tanθ和B. 和C. tan θ和D. 和【答案】D【解析】试题分析：根据动能定理有：－mgH－μmgH/tanθ＝0－，解得：μ＝（－1）tanθ，故选项A、C错误；当物块的初速度为时，有：－mgh－μmgh/tanθ＝0－，解得：h ＝，故选项B错误；选项D正确。
(湖北省)武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(14)(含解析).doc
湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习一、选择题1. 均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场．如图所示，在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球面顶点与球心O 的轴线，在轴线上有M、N两点，OM＝ON＝2R.已知M点的场强大小为E，则N点的场强大小为( )A. －EB.C. －ED. ＋E【答案】A【解析】把半个球面补到右面，组成一个完整的球壳，根据对称性，可知，左半球在N点的场强大小与右半球在M点的场强大小相等，设这个场强为，则有，解得：2. 如图所示，带电荷量为＋Q的细棍电荷分布均匀，在过中点c的垂直于细棍的直线上有a、b、d三点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q(q>0)的固定点电荷．已知b点处的场强为零，则d点处场强的大小为(k为静电力常量)( )A.B. kC. kD. k【答案】C【解析】【详解】b点处的场强为零，由场强叠加原理，固定点电荷和细棍分别在b点产生的电场的场强等大反向，则细棍在b点产生的电场的场强，方向水平向左；由对称性，细棍分别在b、d点产生的电场的场强等大反向，在d点，合场强，故选C．【点睛】考查点电荷与细棍上电荷在某处的电场强度叠加，紧扣电场强度的大小与方向关系和对称性关系。
3. 已知均匀带电的无穷大平面在真空中激发电场的场强大小为，其中σ为平面上单位面积所带的电荷量，为常量．如图所示的平行板电容器，极板正对面积为S，其间为真空，带电荷量为Q.不计边缘效应时，极板可看作无穷大导体板，则极板间的电场强度大小和两极板间相互的静电引力大小分别为( )A. 和B. 和C. 和D. 和【答案】D【解析】由公式，正负极板都有场强，由场强的叠加可得，电场力，故选D。
【考点定位】考查电场知识。
4. 示波管的聚焦电场是由电极A1、A2、A3、A4形成的，实线为电场线，虚线为等势线，x轴为该电场的中心轴线．一个电子从左侧进入聚焦电场，曲线PQR是它的运动轨迹，则( )A. 电场中Q点的电场强度小于R点的电场强度B. 电场中P点的电势比Q点的电势低C. 电子从P运动到R的过程中，电场力对它先做正功后做负功D. 若电子沿着x轴正方向以某一速度进入该电场，电子有可能做曲线运动【答案】B【解析】【详解】A、等势线密的地方电场线也密，因此Q点电场线比R点电场线密，故Q点的电场强度大于R点的电场强度，故A 错误。
湖北省武汉华中师范大学第一附属中学高三物理滚动复习
湖北省武汉华中师范大学第一附属中学高三物理滚动复习命题人：张菡1、在〝用DIS 研讨小车减速度与所受合外力的关系〞实验中时，甲、乙两组区分用如图1(a)、(b)所示的实验装置停止实验，重物经过细线跨过滑轮拉相反质量小车，位移传感器(B )随小车一同沿水平轨道运动，位移传感器(A )固定在轨道一端.甲组实验中把重物的重力作为拉力F ，乙组直接用力传感器测得拉力F ，改动重物的重力重复实验屡次，记载多组数据，并画出a －F 图象.图1(1)甲组实验把重物的重力作为拉力F 的条件是________________________________.(2)图2中契合甲组同窗作出的实验图象的是________；契合乙组同窗作出的实验图象的是________.图2答案 (1)小车的质量远大于重物的质量 (2)② ①解析 (1)位移传感器(B )属于发射器.(2)在该实验中实践是：mg ＝(M ＋m )a ，要满足mg ＝Ma ，应该使重物的质量远小于小车的质量.即小车的质量远大于重物的质量.(3)在质量不变的条件下，减速度与合外力成正比；由实验原理：mg ＝Ma得a ＝mg M而实践上a ′＝mg M ＋m，即随着重物的质量增大，不再满足重物的质量远小于小车的质量， 所以图中契合甲组同窗作出的实验图象的是②.乙组直接用力传感器测得拉力F ，随着重物的质量增大，拉力F 测量是准确的，a －F 关系为一倾斜的直线，契合乙组同窗作出的实验图象的是①.2、为验证〝拉力做功与物体动能变化的关系〞，某同窗到实验室找到以下器材：长木板(一端带定滑轮)、电磁打点计时器、质量为200 g 的小车、质量区分为10 g 、30 g 和50 g 的钩码、细线、先生电源(有〝直流〞和〝交流〞挡).该同窗停止以下操作：A.组装实验装置，如图3(a)所示B.将质量为200 g 的小车拉到打点计时器左近，并按住小车C.选用50 g 的钩码挂在拉线的挂钩P 上D.释放小车，接通打点计时器的电源，打出一条纸带E.在屡次重复实验失掉的纸带中选出一条点迹明晰的纸带，如图(b)所示F.停止数据采集与处置图3请你完成以下效果：(1)停止实验时，先生电源应选择用________挡(选填〝直流〞或〝交流〞).(2)该同窗将纸带上打出的第一个点标为〝0”，且以为打〝0”时小车的速度为零，其后依次标出计数点1、2、3、4、5、6(相邻两个计数点间还有四个点未画)，各计数点间的时间距离为0.1 s ，如图(b)所示.该同窗测量出计数点0到计数点3、4、5的距离，并标在图(b)上.那么在打计数点4时，小车的速度大小为________ m/s ；假设将钩码的重力在数值受骗作小车所受的拉力，那么在打计数点0到4的进程中，拉力对小车做的功为________ J ，小车的动能增量为________ J.(取重力减速度g ＝9.8m/s 2，结果均保管两位有效数字)(3)由(2)中数据发现，该同窗并没有可以失掉〝拉力对物体做的功等于物体动能增量〞的结论，且对其他的点(如2、3、5点)停止计算的结果与〝4”计数点相似.你以为发生这种实验结果的主要缘由有(写出两条即可)①________________________________________________________________________；②________________________________________________________________________.解析 (1)打点计时器是一种计时仪器，运用交流电源；(2)依据匀变速直线运动中中间时辰的速度等于该进程中的平均速度，相邻的两个计数点间的时间距离为T ＝0.1 s ，得：v 4＝x 352T ＝0.185－0.0690.2m/s ＝0.58 m/s ， 在打计数点0到4的进程中，拉力对小车做的功为：W ＝mgx 04＝0.05×9.8×0.12 J≈0.059 J ；小车的动能增量为：ΔE k ＝12Mv 24＝12×0.2×0.582 J≈0.034 J ； (2)该实验发生误差的主要缘由一是钩码重力大小并不等于绳子拉力的大小，设绳子上拉力为F ，对小车依据牛顿第二定律有：F ＝Ma ①对钩码有：mg －F ＝ma ②F ＝M m ＋Mmg ， 由此可知当M ≫m 时，钩码的重力等于绳子的拉力，显然该实验中没有满足这个条件；另外该实验要停止平衡摩擦力操作，否那么也会形成较大误差.答案 (1)交流(2)0.58 5.9×10－2 3.4×10－2(3)①小车质量不满足远大于钩码质量；②没有平衡摩擦力；③没思索钩码动能的添加.3、探求力对原来运动的物体做的功与物体取得的速度的关系，实验装置如图4所示.实验进程中有平衡摩擦力的步骤，并且设法让橡皮筋对小车做的功以整数倍增大，即区分为W 0、2W 0、3W 0、4W 0….图4(1)实验中首先经过调整木板倾斜水平平衡摩擦力，目的是________(填写字母代号).A.为了释放小车后小车能做匀减速运动B.为了增大橡皮筋对小车的弹力C.为了使橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功D.为了使小车取得较大的动能(2)图5是在正确操作状况下打出的一条纸带，从中截取了测量物体最大速度所用的一局部，相邻两点打点时间距离为0.02 s，那么小车取得的最大速度v m＝________m/s(保管3位有效数字).图5(3)几名同窗在实验中区分失掉了假定干组橡皮筋对小车做的功W与小车取得的最大速度v m的数据，并应用数据绘出了以下给出的四个图象，你以为其中正确的选项是________.答案(1)C(2)1.22(3)D解析(1)实验目的是探求合外力做功与物体速度的关系，平衡摩擦力后，橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功.(2)由图可知，小车先做减速度变化的减速运动，后做匀速运动.当小车做匀速运动时，小车取得的速度最大，即v m＝2.44×10－20.02m/s＝1.22 m/s.(3)由W∝v2m，知D正确.4、为了〝探求减速度与力、质量的关系〞，现提供如图6所示的实验装置：图6(1)以下实验操作正确的选项是()A.将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在砝码及砝码盘的牵引下恰恰做匀速运动B.调理滑轮的高度，使细线与木板平行C.先接通电源后释放小车D.实验中小车的减速度越大越好(2)在实验中，失掉一条如图7所示的纸带，相邻计数点间的时间距离为T＝0.1 s，且间距x1、x2、x3、x4、x5、x6已量出区分为3.09 cm、3.43 cm、3.77 cm、4.10 cm、4.44 cm、4.77 cm，那么小车的减速度a＝________ m/s2(结果保管两位有效数字).图7(3)有一组同窗坚持小车及车中的砝码质量一定，探求减速度a与所受外力F的关系，他们在轨道水平及倾斜两种状况下区分做了实验，失掉了两条a—F图线，如图8所示.图线________是在轨道倾斜状况下失掉的(填〝①〞或〝②〞)；小车及车中砝码的总质量m＝________ kg.图8答案(1)BC(2)0.34(3)①0.5解析(1)将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的状况下使小车恰恰做匀速运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是细线的拉力，应选项A错误；细线的拉力为小车的合力，所以细线与木板平行，那么应调理定滑轮的高度使细线与木板平行，故B正确；实验时，应使小车接近打点计时器由运动释放，先接通电源后释放小车，应选项C正确；实验时，为了减小实验的误差，小车的减速度适当大一些，故D 错误.(2)依据作差法得：a ＝x 6＋x 5＋x 4－x 3－x 2－x 19T 2≈0.34 m/s 2. (3)由图象可知，当F ＝0时，a ≠0，也就是说当细线上没有拉力时小车就有减速度，该同窗实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高，所以图线①是在轨道右侧抬高成为斜面状况下失掉的，依据F ＝ma 得a －F 图象的斜率k ＝1m，由a －F 图象得图象斜率k ＝2，所以m ＝0.5 kg.5、如图9甲所示为验证机械能守恒定律的实验简图，空中以下为较坚实的泥土.实验时把一质量为m的铁块举到离空中高为H 的中央，让其自在下落，落入泥土中.铁块下面贴有力传感器(质量疏忽不计)，可测得泥土中恣意深度h 处铁块遭到的阻力F f ，图乙为计算机依据所测数据绘制的拟合图象(横轴表示深度h ，单位cm ，纵轴表示阻力F f ，单位N).图9剖析图象数据，可得出铁块遭到的阻力F f 与深度h 的关系为________(选填〝F f ＝kh 2”、〝F f ＝kh 3”或〝F f ＝kh 4”).某次实验中，铁块下落深度为h 1时中止运动，尝试写出铁块从下落到落地前验证其机械能守恒定律的方程________(比例系数k 为)答案 F f ＝kh 3 mgH ＝14kh 41－mgh 1(不能移项，移项物理意义不明晰) 解析 由题图乙知，当h ＝2 cm 时，F f ＝8 N ，当h ＝2.5 cm 时，F f ≈15.6 N ，可知铁块遭到阻力F f 与深度h 的关系为F f ＝kh 3，对进入泥土的进程运用动能定理得：mgh 1－W f ＝0－12mv 2， F f －h 图线围成的面积表示克制摩擦力做功，运用数学微积分得：W f ＝14kh 41， 可知落地的动能为：E k ＝12mv 2＝14kh 41－mgh 1， 依据机械能守恒有：mgH ＝12mv 2， 即mgH ＝14kh 41－mgh 1. 6、用如图10所示装置做〝验证动能定理〞的实验.实验中，小车碰到制动挡板时，钩码尚未抵达空中.图10(1)为了保证细绳的拉力等于小车所受的合外力，以下操作必要的是________(选填选项前的字母).A.在未挂钩码时，将木板的右端垫高以平衡摩擦力B.在悬挂钩码后，将木板的右端垫高以平衡摩擦力C.调理木板左端定滑轮的高度，使牵引小车的细绳与木板平行D.所加钩码的质量尽量大一些(2)如图11是某次实验中打出纸带的一局部.O 、A 、B 、C 为4个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有4个打出的点没有画出，所用交流电源的频率为50 Hz.经过测量，可知打点计时器打B 点时小车的速度大小为______ m/s.图11(3)甲同窗经过仔细、规范地操作，失掉一条点迹明晰的纸带.他把小车末尾运动时打下的点记为O ，再依次在纸带上取等时间距离的1、2、3、4、5、6等多个计数点，可取得各计数点到O 的距离s及打下各计数点时小车的瞬时速度v .如图11是依据这些实验数据绘出的v 2－s 图象.此次实验中钩码的总质量为0.015 kg ，小车中砝码的总质量为0.100 kg ，取重力减速度g ＝ 9.8 m/s 2，那么由图象可知小车的质量为________kg(结果保管两位有效数字).图11(4)在钩码总质量远小于小车质量的状况下，乙同窗以为小车所受拉力大小等于钩码所受重力大小.但经屡次实验他发现拉力做的功总是要比小车动能变化量小一些，形成这一状况的缘由能够是__________(选填选项前的字母).A.滑轮的轴处有摩擦B.小车释放时离打点计时器太近C.长木板的右端垫起的高渡过高D.钩码做匀减速运动，钩码重力大于细绳拉力答案 (1)AC (2)0.36 (3)0.18 (4)C解析 (1)为保证细绳的拉力等于小车所受的合外力，需求平衡摩擦力，平衡时应不挂钩码，同时需保证细绳与木板平行，应选 A 、C.(2)v B ＝AC 2T ＝(10.06－2.86)×10－22×0.1m/s ＝0.36 m/s. (3)设钩码的总质量为m ，小车的质量为M ，砝码的总质量为m 0，对钩码mg －F T ＝ma 对小车和砝码F T ＝(m 0＋M )a ，可推出a ＝mg m ＋m 0＋M ，再代入运动学公式v 2＝2as 得v 2＝2mg m ＋m 0＋M s ，由此可知图象斜率为2mg m ＋m 0＋M，由图象可知图象斜率k ＝1(留意横轴单位)，代入可得小车质量M ≈0.18 kg.(4)假定拉力做功小于小车动能增量，说明有其他力做功，能够是平衡摩擦力过度，故C 正确.7、现要验证〝当合外力一定时，物体运动的减速度与其质量成正比〞这一物理规律。
【物理】湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三滚动复习(14)(解析版)
湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习一、选择题1. 均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场．如图所示，在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球面顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，OM＝ON＝2R.已知M点的场强大小为E，则N点的场强大小为（）A. －EB.C. －ED. ＋E【答案】A【解析】把半个球面补到右面，组成一个完整的球壳，根据对称性，可知，左半球在N点的场强大小与右半球在M点的场强大小相等，设这个场强为，则有，解得：2. 如图所示，带电荷量为＋Q的细棍电荷分布均匀，在过中点c的垂直于细棍的直线上有a、b、d三点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q(q>0)的固定点电荷．已知b点处的场强为零，则d点处场强的大小为(k为静电力常量)（）A. B. k C. k D. k【答案】C【解析】【详解】b点处的场强为零，由场强叠加原理，固定点电荷和细棍分别在b点产生的电场的场强等大反向，则细棍在b点产生的电场的场强，方向水平向左；由对称性，细棍分别在b、d点产生的电场的场强等大反向，在d点，合场强，故选C．【点睛】考查点电荷与细棍上电荷在某处的电场强度叠加，紧扣电场强度的大小与方向关系和对称性关系。
3. 已知均匀带电的无穷大平面在真空中激发电场的场强大小为，其中σ为平面上单位面积所带的电荷量，为常量．如图所示的平行板电容器，极板正对面积为S，其间为真空，带电荷量为Q.不计边缘效应时，极板可看作无穷大导体板，则极板间的电场强度大小和两极板间相互的静电引力大小分别为（）A. 和B. 和C. 和D. 和【答案】D【解析】由公式，正负极板都有场强，由场强的叠加可得，电场力，故选D。
【考点定位】考查电场知识。
4. 示波管的聚焦电场是由电极A1、A2、A3、A4形成的，实线为电场线，虚线为等势线，x 轴为该电场的中心轴线．一个电子从左侧进入聚焦电场，曲线PQR是它的运动轨迹，则（）A. 电场中Q点的电场强度小于R点的电场强度B. 电场中P点的电势比Q点的电势低C. 电子从P运动到R的过程中，电场力对它先做正功后做负功D. 若电子沿着x轴正方向以某一速度进入该电场，电子有可能做曲线运动【答案】B【解析】【详解】A、等势线密的地方电场线也密，因此Q点电场线比R点电场线密，故Q点的电场强度大于R点的电场强度，故A错误。
湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(15)
华师一附中2018届高三物理滚动复习（15）命题人：郑愈平一、电路分析1.（80）如图表示用惠斯登电桥来测量未知电阻R x 。
图中R 是已知电阻；K 是电键；G 是电流计；AC 是一条粗细均匀的长直电阻丝；D 是滑动触头，按下时就使电流计的一端与电阻丝接通；L 是米尺。
（1）简要说明测量R x 的实验步骤（其中要写出计算R x 的公式）)（2）如果滑动触头D 在从A 向C 移动的整个过程中，每次按下D 时，流过G 的电流总是比前一次增大，已知AC 间的电阻丝是导通的，那么电路可能在什么地方断路了?说明理由。
（分析时可认为电池内电阻和电阻R /均可忽略）2.（17全国卷2）某同学利用如图（a ）所示的电路测量一微安表（量程为100μA ，内阻大约为2500Ω）的内阻。
可使用的器材有：两个滑动变阻器R 1、R 2（其中一个阻值为20Ω，另一个阻值为2000Ω）；电阻箱R z （最大阻值为99999.9Ω）；电源E （电动势约为1.5V ）；单刀开关S 1和S 2。
C 、D 分别为两个滑动变阻器的滑片。
（1）按原理图（a ）将图（b ）中的实物连线。
（2）完成下列填空：① R 1的阻值为 Ω（填“20”或“2 000”）。
RR x ER /S1R zμAR 2 R 1S 2图（b ）EDCS 2S 1R 2R 1 EμAR z B 图（a ）②为了保护微安表，开始时将R1的滑片C滑到接近图（a）中滑动变阻器的端（填“左”或“右”）对应的位置；将R2的滑片D置于中间位置附近。
③将电阻箱R z的阻值置于2500.0Ω，接通S1。
将R1的滑片置于适当位置，再反复调节R2的滑片D 的位置。
最终使得接通S2前后，微安表的示数保持不变，这说明S2接通前B与D所在位置的电势（填“相等”或“不相等”）。
④将电阻箱R z和微安表位置对调，其他条件保持不变，发现将R z的阻值置于2601.0 时，在接通S2前后，微安表的示数也保持不变。
2018届湖北省武汉华中师范大学第一附属中学高三物理滚动复习(9)(解析版)
华师一附中2018届高三物理滚动复习（9）1、如图所示，质量为m的物块，始终固定在倾角为α的斜面上，下面说法中不正确的是( )A、若斜面向左匀速移动距离s，斜面对物块没有做功B、若斜面向上匀速移动距离s，斜面对物块做功mgsC、若斜面向左以加速度a移动距离s，斜面对物块做功masD、若斜面向下以加速度a移动距离s，斜面对物块做功m（g+a）s2.如图所示为测定运动员体能的装置，轻绳拴在腰间沿水平线跨过定滑轮（不计滑轮的质量与摩擦）下悬质量为m的物体。
设人的重心相对地面不动，人用力向后蹬传送带使水平传送带以速率v逆时针转动，重力加速度为g，则（）A.人对重物做功的功率为mgvB.传送带对人的摩擦力对人不做功C.人对传送带的摩擦力对传送带不做功D.在时间t内人对传送带做功消耗的能量为mgvt3、在水平面上，有一弯曲的槽道，槽道由半径分别为R/2和R的两个半圆构成(如图)．现用大小恒为F的拉力将一光滑小球从A点沿槽道拉至B点，若拉力F的方向时时刻刻均与小球运动方向一致，则此过程中拉力所做的功为（）A、0B、FRC、3/2πFRD、2πFR4、如图所示，通过一动滑轮提升质量m=1kg的物体，竖直向上拉绳子，使物体由静止开始以5m/s2的加速度上升，不计动滑轮及绳子的质量和摩擦，则拉力F在1s末的瞬时功率为（取g=10m/s2）（）A、75 W B、25 WC、12.5 WD、37.5 W5.质量为m的物体从静止出发以的加速度竖直下降h，下列说法中正确的是（）A.物体的机械能增加B.物体的重力势能减少C.物体的动能增加D.重力做功6、小球由地面竖直上抛，上升的最大高度为H，设所受阻力大小恒定，地面为零势能面．在上升至离地高度h处，小球的动能是势能的2倍，在下落至离地高度h处，小球的势能是动能的2倍，则h等于()A.H 9B.2H 9C.3H 9D.4H 97．如图所示，轻质弹簧上端固定，下端系一物体．物体在A 处时，弹簧处于原长状态．现用手托住物体使它从A 处缓慢下降，到达B 处时，手和物体自然分开．此过程中，物体克服手的支持力所做的功为W ．不考虑空气阻力．关于此过程，下列说法正确的有( )A ．物体重力势能减小量可能大于WB ．弹簧弹性势能增加量一定小于WC ．物体与弹簧组成的系统机械能增加量为WD ．若将物体从A 处由静止释放，则物体到达B 处时的动能为W8、如图所示，用跨过光滑定滑轮的缆绳将海面上一艘失去动力的小船沿直线拖向岸边．已知拖动缆绳的电动机功率恒为P ，小船质量为m ，小船受到的阻力大小恒为f ，经过A 点时缆绳与水平方向的夹角为θ，小船的速度大小为V 0，则此时小船加速度大小a 和缆绳对船的拉力F 为(缆绳质量忽略不计)( ) A 、θθcos ,cos 1o o v P f v P m ⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛- B 、θcos ,1oo v Pf v P m ⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛- C 、o o v P f v P m ,cos 1⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛-θ D 、 oo v P f v P m ,1⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛- 9、用一个机械将货箱全部吊上离地12 m 高的平台，现有30个货箱，总质量为150kg ，这个机械在吊箱子时所能提供的功率，取决于所吊物体质量的多少，如图所示。
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湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(6)一、选择题：1-7题为单选，8-15为多选。
1. 如图所示,物块和叠放在水平面上,在水平力F作用下整体向右做匀速运动,关于物块受力个数,下列判断正确的是( )A. 4个B. 5个C. 6个D. 7个【答案】C【解析】【详解】因为物块m1和m2做匀速运动，整体处于平衡状态，整体在水平方向受到拉力与地面的摩擦力的作用；绳子对物块m1和m2的拉力相等，都是F。
又m1处于平衡状态，则m 1受水平方向的绳子的拉力，所以还会受m2对m1的向左的摩擦力作用，则m2受到m1的向右的摩擦力作用；所以m2受到重力、地面的支持力，地面的向左的摩擦力；受到m1的向右的摩擦力和向下的压力以及绳子的拉力，共6个力的作用。
故C正确，ABD错误。
故选C。
2. a、b两不同材质物体的质量分别为和，由轻质弹簧相连．当用恒力F竖直向上拉着a，使a、b一起向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为；当用大小仍为F的恒力沿水平方向拉着a，使a、b一起沿粗糙水平桌面做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为，如图所示．则（）A. B. C. D. 无法判断【答案】D【解析】【详解】a、b一起向上做匀加速直线运动时，对整体根据牛顿第二定律可得：；隔离对b分析有：F1-m2g=m2a1，解得：F1= ；a、b一起沿粗糙水平桌面做匀加速直线运动时，对整体根据牛顿第二定律可得：；隔离对b分析有：F2=m2a2+μ2m2g=，则无法判断F1和F2的大小关系，根据胡克定律知，无法判断x1和x2的关系．故D正确、ABC错误；故选D。
【点睛】本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答；注意整体法和隔离法的应用。
3. 如图所示,用一根长杆和两个定滑轮的组合装置来提升重物M,长杆的一端放在地上通过铰链联结形成转轴,其端点恰好处于左侧滑轮正下方O点处,在杆的中点C处拴一细绳,绕过两个滑轮后挂上重物M.C点与O点距离为L.现在杆的另一端用力。
使其逆时针匀速转动,由竖直位置以角速度ω缓缓转至水平位置(转过了90∘角),此过程中下述说法中正确的是( )A. 重物M做匀速直线运动B. 重物M做匀变速直线运动C. 重物M的最大速度是D. 重物M的速度先减小后增大【答案】C【解析】试题分析：C点的线速度为ωL，为一定值，将该速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，在沿绳子方向的速度等于重物的速度，根据C点速度与绳子沿线的夹角的变化，判断绳子方向分速度的变化，从而得出重物速度的变化．=ωL，解：设C点线速度方向与绳子沿线的夹角为θ（锐角），由题知C点的线速度为vC=ωLcosθ．θ的变化规律是开始最大（90°）该线速度在绳子方向上的分速度就为v绳=ωLcosθ逐渐变大，直至绳子和杆垂直，θ变为零度，绳子然后逐渐变小，所以，v绳=ωLcosθ逐渐变小，绳子的速度变的速度变为最大，为ωL；然后，θ又逐渐增大，v绳慢．所以知重物的速度先增大后减小，最大速度为ωL．故C、D正确，A、B错误．故选：CD．4. 一般的曲线运动可以分成很多小段,每小段都可以看成圆周运动的一部分,即把整条曲线用一系列不同半径的小圆弧来代替。
如图甲所示,曲线上A点的曲率圆定义为：通过A点和曲线上紧邻A点两侧的两点作一圆,在极限情况下,这个圆就叫做A点的曲率圆,其半径ρ叫做A点的曲率半径,此时做曲线运动的物体所受合外力沿曲率半径方向的分量提供向心力。
现将一物体沿水平方向以速度v0抛出,经过时间到达P点,如图乙所示,则在P处的曲率半径是( )A. B. C. D.【答案】B【解析】【详解】物体抛出后做平抛运动，竖直方向有：v y＝gt＝g•＝v0，则P点的速度v P＝，此时速度方向与竖直方向的夹角θ=45°，在P点，重力沿半径方向的分量提供向心力，根据向心力公式得：mgsin45°＝m，解得：R=，故选B。
【点睛】曲率半径，一个新的概念，平时不熟悉，但根据题目的介绍可知，求曲率半径也就是求在该点做圆周运动的半径，读懂题目的真正意图，本题就可以解出了.5. 如图所示为一个做匀变速曲线运动的质点的轨迹示意图，已知质点运动到B点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直。
质点从A点运动到E点的过程中，下列说法正确的是（）A. 质点在D点的速率比在C点的大B. 质点在相等的时间内发生的位移大小相等C. 质点在A点的加速度比在D点的大D. 从A到D的过程中，加速度与速度的夹角先增大后减小【答案】A【解析】【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，速度的方向与该点曲线的切线方向相同；由牛顿第二定律可以判断加速度的方向．【详解】由题意，质点运动到B点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，速度沿B点轨迹的切线方向，则知加速度方向向下，合外力也向下，质点做匀变速曲线运动，合外力恒定不变，质点由C到D过程中，合外力做正功，由动能定理可得，D点的速度比C 点速度大，故A正确；质点做匀变速曲线运动，在相等的时间内发生的位移大小不相等，故B错误；质点做匀变速曲线运动，加速度不变，合外力也不变，故C错误；由A的分析可知，质点由A到E过程中，受力的方向向下，速度的方向从斜向上变为斜向下，加速度与速度的夹角之间减小。
故D错误；故选A。
6. 地球同步卫星离地心距离为r,运行速度为,加速度为,地球赤道上的物体随地球自转的加速度为,第一宇宙速度为,地球半径为R,则以下正确的是( )A. B. C. D.【答案】D【解析】同步卫星的角速度和地球自转的角速度相等，物体的角速度也等于地球自转的角速度，所以地球同步卫星与物体的角速度相等，根据得：，故A错误，B正确；对于卫星，根据万有引力等于向心力，得：，解得：，故，故C错误，D正确；故选BD.7. 如图所示,在匀速转动的水平盘上,沿半径方向放着用细线相连的质量相等的两个物体A和B,它们分居圆心两侧,与圆心距离分别为,,A和B与盘间的动摩擦因数分别为和,当圆盘转速加快到两物体刚好还未发生滑动时,最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
下列说法错误的是( )A. 此时A所受摩擦力方向沿半径指向圈外B. 此时烧断绳子，A仍相对盘静止，B将做离心运动C. 此时绳子张力为D. 此时圆盘的角速度为【答案】B【解析】【分析】两物块A和B随着圆盘转动时，始终与圆盘保持相对静止．当圆盘转速加快到两物体刚好还未发生滑动时，AB都到达最大静摩擦力，由牛顿第二定律求出A、B两物块与圆盘保持相对静止的最大角速度及绳子的拉力．【详解】两物块A和B随着圆盘转动时，合外力提供向心力，则F=mω2r，B的半径比A 的半径大，所以B所需向心力大，绳子拉力相等，所以当圆盘转速加快到两物体刚好还未发生滑动时，B的静摩擦力方向指向圆心，A的最大静摩擦力方向指向圆外，根据牛顿第二定律得：T-μmg=mω2r；T+0.5μmg=mω2•2r；解得：T=μmg，ω＝，故ACD正确；此时烧断绳子，AB的最大静摩擦力均不足以提供向心力，则AB均做离心运动，故B 错误。
此题选择错误的选项，故选B。
8. 如图甲所示,轻杆一端固定在O点,另一端固定一小球,现让小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动。
小球运动到最高点时,杆与小球间弹力大小为F,小球在最高点的速度大小为v,其F-图象如图乙所示。
不计空气阻力,则( )A. =c时，杆对小球的弹力方向向上B. 小球的质量为aR/b.C. =2b时，小球受到的弹力与重力大小相等D. 当地的重力加速度大小为R/b【答案】BC【解析】【详解】由图可知：当v2＜b时，杆对小球弹力方向向上，当v2＞b时，杆对小球弹力方向向下，所以当v2=c时，杆对小球弹力方向向下，故A错误。
在最高点，若v=0，则N=mg=a；若N=0，由图知：v2=b，则有，解得g=，m=，故B正确，D错误。
v2=2b。
则N+mg=m，解得N=mg，即小球受到的弹力与重力大小相等，故C正确。
故选BC。
【点睛】本题主要考查了圆周运动向心力公式的直接应用，要求同学们能根据图象获取有效信息，知道杆连小球过最高点的临界条件．9. 物体自O点由静止开始做匀加速直线运动,依次通过A、B、C、 D四点,测得AB=2m,BC=3m,且物体通过AB、BC、CD所用的时间相等,则下列说法正确的是（）A. 可以求出物体加速度的大小B. 可以求得CD=4mC. 可以求得OA之间的距离为1.5mD. 可以求得OA之间的距离为1.125m【答案】BD【解析】试题分析：某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，设相等时间为t，即可表示出B点的速度，在相邻的相等时间内的位移差是恒量，即，结合，求出B点的速度．再结合运动学公式可求出OA的距离．由可得物体的加速度，因为不知道时间，所以不能求出加速度，A错误；根据，可知，B正确；物体经过B点时的瞬时速度为，再可得OB两点间的距离，所以O与A 间的距离，C正确D错误．10. 如图所示,置于固定斜面上的物体A受到平行于斜面向下的力作用保持静止。
若力F 大小不变,将力F在竖直平面内由沿斜面向下缓慢的转到沿斜面向上(转动范围如图中虚线所示).在F转动过程中,物体始终保持静止。
在此过程中物体与斜面间的( )A. 摩擦力可能先减小后增大B. 摩擦力一定一直减小C. 弹力可能先增大后减小D. 弹力一定先减小后增大【答案】AD【解析】【详解】物体受重力、支持力、摩擦力及拉力的作用而处于静止状态，故合力为零；将重力和拉力都分解到沿斜面和垂直于斜面的方向；在沿斜面方向上，重力向下的分力、拉力的分力及摩擦力的合力为零；因拉力的分力先向下减小，后向上增大，故摩擦力可能先减小，后向下增大，也可能一直减小，故A正确，B错误。
在垂直于斜面方向，重力的分力、支持力及拉力的分力平衡，因拉力的分力先增大后减小，故弹力一定先减小后增大；故C错误、D正确；故选AD。
【点睛】本题考查共点力的平衡条件的应用，因拉力及摩擦力的关系不明确，故摩擦力存在多种可能性，应全面分析．11. 如图所示,水平桌面上平放着一副扑克牌,总共54张,每一张牌的质量都相等,牌与牌之间的动摩擦因数以及最下面一张牌与桌面之间的动摩擦因数也都相等。
用手指以竖直向下的力按压第一张牌,并以一定的速度水平移动手指,将第一张牌从牌摞中水平移出(牌与手指之间无滑动).设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,则( )A. 第1张牌受到手指的摩擦力方向与手指的运动方向相反B. 从第2张牌到第54张牌之间的牌不可能发生相对滑动C. 从第2张牌到第54张牌之间的牌可能发生相对滑动D. 第54张牌受到桌面的摩擦力方向与手指的运动方向相反【答案】BD【解析】试题分析：第1张牌相对于手指的运动趋势方向与手指的运动方向相反，则受到手指的静摩擦力与手指的运动方向相同．故A错误．设每张的质量为m，动摩擦因数为μ．对＞μ•2mg=2第2张分析，它对第3张牌的压力等于上面两张牌的重力，最大静摩擦力Fm，则第2张牌与第3张牌之间不发μmg，而受到的第1张牌的滑动摩擦力为f=μmg＜Fm生相对滑动．同理，第3张到第54张牌也不发生相对滑动．故B正确，C错误．对53张牌（除第1张牌外）研究，处于静止状态，水平方向受到第1张牌的滑动摩擦力，方向与手指的运动方向相同，则根据平衡条件可知：第54张牌受到桌面的摩擦力方向与手指的运动方向相反．故D正确．故选BD。