安徽省合肥市肥西县肥西中学高二物理上学期第三次段考试题新人教版
高二物理上学期第三次月考试卷高二全册物理试题4
嗦夺市安培阳光实验学校普宁一中高二（上）第三次月考物理试卷一.单项选择题（本题共20小题；每小题3分，共60分）1．关于电流，下列说法中正确的是( )A．导体中无电流的原因是其内部自由电荷停止了运动B．同一个金属导体接在不同的电路中，通过的电流强度往往不同，电流大说明那时导体内自由电荷定向运动速率大C．由于电荷做无规则热运动的速率比电荷定向移动速率大得多，故电荷做无规则热运动形成的电流也就大得多D．电流的传导速率就是导体内自由电子的定向移动速率2．在电场中的某点放入电量为﹣q的试探电荷时，测得该点的电场强度为E；若在该点放入电量为+2q的试探电荷，此时测得该点的场强为( )A．大小为2E，方向和E相反B．大小为2E，方向和E相同C．大小为E，方向和E相同D．大小为E，方向和E相反3．下列说法中，正确的是( )A．只有体积小到可以忽略的带电体才能看成点电荷B．丝绸摩擦过的玻璃棒带正电C．将分别带有等量正电和负电的物体相互接触，电荷发生中和消失了D．带电体的电荷量可能为2.4×10﹣19C4．有人根据公式B=，提出以下看法，其中正确的是( )A．磁感应强度的数值跟通电导线受到的磁场力F的大小成正比B．磁感应强度的数值跟通电导线的电流I成反比C．磁感应强度的数值跟通电导线的长度L成反比D．磁感应强度是表示磁场强弱的物理量，它是客观存在的，它与外加导线的长度、电流的强弱和受力情况均无关5．关于电场线和磁感线，下列说法正确的是( )A．电场线和磁感线都是在空间实际存在的线B．同一个电场电场线（或者同一个磁场的磁感线）有时可以相交C．磁感线从磁体的N极发出，终止于S极D．电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷6．真空中两个点电荷的相互作用力为F，若每个电荷的带电量都增大一倍，而它们之间的距离保持不变，则它们之间的作用力变为( )A．16F B．8F C．4F D．2F7．某电场的电场线如图所示，则某点电荷在A点和B点所受电场力的大小关系是( )A．F A＞F B B．F A＜F BC．F A=F B D．电荷正负不明无法判断8．下列现象中，不属于防止静电危害的是( )A．在很高的建筑物顶端装上避雷针B．在高大的烟囱中安装静电除尘器C．油罐车后面装一根拖在地上的铁链条D．存放易燃品的仓库的工人穿上导电橡胶做的防电靴9．下列物理量的单位是“特斯拉”的是( )A．安培力B．电场强度C．电容D．磁感应强度10．关于电源，下面说法中正确的是( )A．因为电容器能够储存电荷，所以电容器也是电源B．电源是将其他形式的能量转化成电能的装置C．接入电路中时电池两端的电压等于该电池的电动势D．以上说法都不对11．如图，是直线电流、环形电流磁场的磁感线分布图，其中电流方向与磁感线方向关系正确的是( )A ．B ．C ．D ．12．下列关于电流的说法中，正确的是( )A．电荷移动的方向就是电流的方向B．国际单位制中，电流的单位是安培，简称安C．电流既有大小又有方向，所以电流是矢量D．由I=可知，时间越长，电流越小13．有a、b、c、d四个小磁针，分别放置在通电螺线管的附近和内部，如图所示．其中哪一个小磁针的指向是正确的( )A．a B．b C．c D．d14．通常当人走向银行门口时，门就会自动打开，是因为门上安装了下列那种传感器( )A．温度传感器B．压力传感器C．红外线传感器D．声音传感器15．某正弦交流电的图象如图所示，则由图象可知不正确的是( )A．该交流电的频率为50Hz B．该交流电的有效值为14.14AC．该交流电的瞬时值表达式为i=20sin（0.02t）AD．该交流电的周期是0.02s16．一个闭合电路产生的感应电动势较大，是因为穿过这个闭合电路的( ) A．磁感应强度大B．磁通量较大C．磁通量的变化量较大D．磁通量的变化较快17．如图所示，表示磁场对运动电荷的作用，其中正确的是( )A ．B ．C ．D ．18．电磁波在空气中的传播速度为3×108m/s，某广播电台能够发射波长为15m 的无线电波，那么收音机接收这个电台时调谐的频率应工作在( )A．45MHz B．50MHz C．20MHz D．6MHz19．变压器原、副线圈匝数比例如图所示，可以将电压升高供给电灯的变压器是( )A ．B ．C ．D ．20．电容器电容表达式为( )A．C=QU B．C=C．C=D．C=二、双项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分．每题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，多选、错选、少选均不给分）21．如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形线圈abcd，线圈平面与磁场垂直，O1O2和O3O4都是线圈的对称轴，应使线圈怎样运动才能使其中产生感生电流( )A．向左或向右平动B．以O1O2为轴转动C．垂直纸面向里或向外运动 D．以ab为轴转动22．在下列各图中，分别标出了磁场B的方向，电流I方向和导线所受安培力F的方向，其中正确的是( )A ．B ．C ．D ．23．远距离输电为了减少输电线上的能量损失都采用的措施有( )A．降低导线电阻B．可加快输电速度C．可增大输电功率D．高压输电24．如图所示，真空中有两个可视为点电荷的小球，其中A带正电电量为Q1，固定在绝缘的支架上，B质量为m，带电量为Q2，用长为L的绝缘细线悬挂，两者均处于静止，静止时悬线与竖直方向成θ角，且两者处在同一水平线上．相距为R，静电力常量为k，重力加速度为g．以下说法正确的是( )A．小球B带正电荷B．细线的拉力为mgcosθC．小球受到的库仑力是mgtanθD ．小球受到的库仑力是三．填空题（本题共2小题，每空3分，共12分）25．一定值电阻R=10Ω，流过它的电流I=10A．则该电阻的电功率是__________W，经过2秒，电阻R生成的焦耳热为__________J，经过1小时，电阻消耗电能为__________度．26．一个匝数为100的导体线圈垂直磁场放置，在0.5s内穿过它的磁通量从1.0×10﹣3Wb增加到9.0×10﹣3Wb．则线圈中的感应电动势大小为__________V．四．计算题（本题共1道题，共12分）27．如图，一根质量为1kg的金属棒MN，两端用细软导线连接后悬挂于a、b 两点、棒的中部处于垂直纸面向里的宽为10cm的正方形匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，则：（1）当导线中通以如图所示I1=2A的电流时，导线受到的安培力大小为4N，则该磁场的磁感应强度为多少？（2）若该导线中通以I2=3A的电流，则此时导线所受安培力大小是多少？方向如何？（3）若要两侧悬线上拉力为0，则导体棒应该通多大的电流？普宁一中高二（上）第三次月考物理试卷一.单项选择题（本题共20小题；每小题3分，共60分）1．关于电流，下列说法中正确的是( )A．导体中无电流的原因是其内部自由电荷停止了运动B．同一个金属导体接在不同的电路中，通过的电流强度往往不同，电流大说明那时导体内自由电荷定向运动速率大C．由于电荷做无规则热运动的速率比电荷定向移动速率大得多，故电荷做无规则热运动形成的电流也就大得多D．电流的传导速率就是导体内自由电子的定向移动速率【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】明确电流形成的原因，知道电荷的定向移动形成电流；而电流与电荷的无规则运动无关．【解答】解：A、导体中无电流时，内部的自由电荷仍在无规律运动；故A错误；B、由I=nevs可知，同一个金属导体接在不同的电路中，通过的电流强度往往不同，电流大说明那时导体内自由电荷定向运动速率大；故B正确；C、电流的大小与电荷无规则运动的快慢无关；故C错误；D、电流的传导速率是电场形成的速度，约为光速；而电子的定向移动速率远小于光速；故D错误；故选：B．【点评】本题考查电流的微观性质，要注意明确I=nevs的意义并能正确理解其规律．2．在电场中的某点放入电量为﹣q的试探电荷时，测得该点的电场强度为E；若在该点放入电量为+2q的试探电荷，此时测得该点的场强为( )A．大小为2E，方向和E相反B．大小为2E，方向和E相同C．大小为E，方向和E相同D．大小为E，方向和E相反【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场中的场强取决于电场本身，与检验电荷无关；场强公式E=，只是为研究电场的方便，采用比值法来定义的．【解答】解：据题意，由场强的定义式E=得该点的场强大小为E．因为电场中的电场强度只取决于电场本身，与试探电荷无关，所以在该点放入电量为+2q的试探电荷时，该点的场强不变，即大小为E，方向和E相同，故ABD错误，C正确．故选：C【点评】明确电场中的场强取决于电场本身，与有无检验电荷无关是解本题的关键．3．下列说法中，正确的是( )A．只有体积小到可以忽略的带电体才能看成点电荷B．丝绸摩擦过的玻璃棒带正电C．将分别带有等量正电和负电的物体相互接触，电荷发生中和消失了D．带电体的电荷量可能为2.4×10﹣19C【考点】元电荷、点电荷．【分析】摩擦起电的原因是不同物质的原子核束缚核外电子的能力不同，能力强的得电子带负电，能力弱的失电子带正电，所以摩擦起电的实质是电子的转移．摩擦后的物体带什么电荷要看相互摩擦的两个物体获得电子的能力的强弱，如果两个物体获得电子能力相同，则相互摩擦的后不会带电．获得电子的能力强的会得到电子带负电，获得电子的能力弱的失电子带正电．电子的带电量最小，质子的带电量与电子相等，但电性相反，故物体的带电量只能是电子电量的整数倍，人们把这个最小的带电量叫做叫做元电荷．【解答】解：A、只要带电体的大小在所研究的问题中可以忽略不计就可以看作点电荷，即与体积的相对大小有关，而与体积绝对大小无关，故A错误；B、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，故B正确；C、将分别带有等量正电和负电的物体相互接触，电荷发生中和，没有消失，故C错误；D、元电荷是带电量的最小值，e=1.6×10﹣19C，所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍，2.4×10﹣19C不是1.6×10﹣19C整数倍，故D错误；故选：B【点评】本题关键是要明确摩擦起电的实质是电荷的转移，摩擦起电的两个物体带等量的异号电荷，电荷总量守恒．4．有人根据公式B=，提出以下看法，其中正确的是( )A．磁感应强度的数值跟通电导线受到的磁场力F的大小成正比B．磁感应强度的数值跟通电导线的电流I成反比C．磁感应强度的数值跟通电导线的长度L成反比D．磁感应强度是表示磁场强弱的物理量，它是客观存在的，它与外加导线的长度、电流的强弱和受力情况均无关【考点】磁感应强度．【分析】磁感应强度反映磁场强弱的物理量，其大小只与磁场本身有关，和导线长度及电流的强弱无关．【解答】解：B=为比值定义法，B与F与I、L无关，磁感应强度是表示磁场强弱的物理量，它是客观存在的，它与加导线的长度、电流的强弱和受力情况无关；故只有D正确；故选；D．【点评】磁感应强度采用比值定义法，要注意比值定义法中B与F、IL无关．5．关于电场线和磁感线，下列说法正确的是( )A．电场线和磁感线都是在空间实际存在的线B．同一个电场电场线（或者同一个磁场的磁感线）有时可以相交C．磁感线从磁体的N极发出，终止于S极D．电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷【考点】磁感线及用磁感线描述磁场；电场线．【专题】定性思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】电场线和磁感线都是人为假想的曲线，并非实际存在的线；电场线不闭合，而磁感线是闭合曲线；磁感线和电场线都不能相交；它们的强度都可以用疏密表示．【解答】解：A、电场线和磁感线都是人为假想的曲线，并非空间实际存在的线；故A错误．B、磁场中两条磁感线一定不相交，同样电场中的两条电场线也一定不相交，否则交点处电场方向有两个，故B错误．C、磁感线在磁体的周围是从磁体的N极出发回到S极．在磁体的内部，磁感线是从磁体的S极出发，回到N极．故C错误．D、电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，故D正确．故选：D【点评】本题关键抓住电场线和磁感线的共同点和区别进行解答，要明确电场线的三个特点：不闭合、不存在，不相交，磁感线不存在、不相交，但是闭合曲线．6．真空中两个点电荷的相互作用力为F，若每个电荷的带电量都增大一倍，而它们之间的距离保持不变，则它们之间的作用力变为( )A．16F B．8F C．4F D．2F【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】本题比较简单，直接根据库仑力公式得出两次作用力的表达式，则可求得距离不变后的相互作用力，从而解出正确结果．【解答】解：由库伦定律可得：变化前：F=K变化后：F′==4F．故选C．【点评】本题考查库仑定律的直接应用，对于库伦定律公式要注意公式的适用条件以及公式中各个物理量的含义．7．某电场的电场线如图所示，则某点电荷在A点和B点所受电场力的大小关系是( )A．F A＞F B B．F A＜F BC．F A=F B D．电荷正负不明无法判断【考点】电场线．【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．【解答】解：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，由图可知，A点的电场线密，所以A点的电场强度大，电荷在A点受到的电场力大，所以F A＞F B，所以A正确．故选：A．【点评】加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，知道电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小即可解决本题．8．下列现象中，不属于防止静电危害的是( )A．在很高的建筑物顶端装上避雷针B．在高大的烟囱中安装静电除尘器C．油罐车后面装一根拖在地上的铁链条D．存放易燃品的仓库的工人穿上导电橡胶做的防电靴【考点】静电场中的导体．【分析】在打雷时，由于静电感应再楼顶会积累大量的电荷，会对建筑物造成危害，同样像运动的油罐车等物体由于不断的摩擦也会产生大量的静电，所以要及时的把产生的静电导走．【解答】解：A、当打雷的时候，由于静电的感应，在高大的建筑物顶端积累了很多的静电，容易导致雷击事故，所以在高大的建筑物顶端安装避雷针可以把雷电引入地下，保护建筑物的安全，所以A属于防止静电危害．B、在高大的烟囱中安装静电除尘器，利用静电除去废气中的粉尘，这是对于静电的应用，所以B不属于防止静电危害．C、油罐车在运动的过程中，由于里面的油再晃动，也会摩擦产生静电，后面拖一条的铁链就可以以及时的把产生的静电导走，所以C属于防止静电危害．D、利用导电橡胶做的防电靴及时的把产生的静电导走，防止工人在走动中产生静电，导致事故．所以D属于防止静电危害．该题选择不属于防止静电危害的，故选：B．【点评】掌握住基本的知识，对于生活中的一些现象要能够用所学的知识来解释．此题属于基础题．9．下列物理量的单位是“特斯拉”的是( )A．安培力B．电场强度C．电容D．磁感应强度【考点】磁感应强度．【分析】“特斯拉”是磁感应强度的单位，不是电场强度、电动势、电容的单位．【解答】解：A、安培力的单位是牛顿，不是特斯拉．故A错误；B、电场强度的单位是牛/库，不是特斯拉．故B错误．C、电容的单位是法拉，不是特斯拉．故C错误．D、磁感应强度的单位是特斯拉．故D正确．故选：D【点评】本题考查对物理量的掌握程度．单位是物理量的组成部分，对名称和符号都要记住，可结合物理公式加强记忆．10．关于电源，下面说法中正确的是( )A．因为电容器能够储存电荷，所以电容器也是电源B．电源是将其他形式的能量转化成电能的装置C．接入电路中时电池两端的电压等于该电池的电动势D．以上说法都不对【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源是通过非静电力做功将其他形式的能量转化为电能的一种装置，电源电动势的数值等于内、外电压之和，【解答】解：A、电容器是能够储存电荷的装置，但电容器不是电源，故A错误；B、电源是将其他形式的能量转化成电能的装置，故B正确；C、接入电路中时电池两端的电压等于路端电压，比电动势小，故C错误；D、根据上述分析可知，D错误．故选：B【点评】电动势是一个表征电源特征的物理量．定义电源的电动势是电源将其它形式的能转化为电能的本领，特别注意外电路断开时的路端电压在数值上等于电源的电动势．11．如图，是直线电流、环形电流磁场的磁感线分布图，其中电流方向与磁感线方向关系正确的是( )A ．B ．C ．D ．【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】由右手螺旋定则可判断电流周围磁场的分布，并注意平面图及立体图的区分即可正确判断．【解答】解：A、电流方向向上，由右手螺旋定则可得磁场为逆时针（从上向下看），故A正确；B、电流方向向下，由右手螺旋定则可得磁场为顺时针（从上向下看），故B错误；C、图中电流为环形电流，由右手螺旋定则可知内部磁场应向右，故C错误；D、由右手螺旋定则可知，由右手螺旋定则可知内部磁感线方向向右，故D正确；故选：AD．【点评】因磁场一般为立体分布，故在判断时要注意区分是立体图还是平面图，并且要能根据立体图画出平面图，由平面图还原到立体图．12．下列关于电流的说法中，正确的是( )A．电荷移动的方向就是电流的方向B．国际单位制中，电流的单位是安培，简称安C．电流既有大小又有方向，所以电流是矢量D．由I=可知，时间越长，电流越小【考点】电流、电压概念；欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电荷的定向移动形成电流，电流与电荷量及时间无关；电流的单位为安培，安培是国际单位制的基本单位．【解答】解：A、电流中电流的方向是正电荷的定向移动方向；故A错误；B、国际单位制中，电流的单位是安培，简称安；故B正确；C、电流有方向，但电流的运算不适用平行四边形定则，故电流是标量；故C错误；D、电流的定义采用比值定义法，I与t无关；故D错误；故选：B．【点评】本题考查电流的定义，要注意明确电流的定义及电流的方向规定．13．有a、b、c、d四个小磁针，分别放置在通电螺线管的附近和内部，如图所示．其中哪一个小磁针的指向是正确的( )A．a B．b C．c D．d【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；安培定则．【专题】应用题．【分析】由电源的极性可得出电流的方向，则由安培定则可得出磁场的方向，即可判出小磁场的方向是否正确．【解答】解：由图可知，电流由右侧流入，则由安培定则可知，螺线管的左侧为N极，右侧为S极；而螺线管的磁感线外部是由N极指向S极，内部由S指向N极，而小磁针静止时N极所指方向与磁感线方向一致，故可知D正确，其他均错；故选D．【点评】本题考查安培定则及通电螺线管磁感线的特点，要求明确内部磁感线和外部磁感线的不同之处，熟记相应磁场的磁感线形状．14．通常当人走向银行门口时，门就会自动打开，是因为门上安装了下列那种传感器( )A．温度传感器B．压力传感器C．红外线传感器D．声音传感器【考点】传感器在生产、生活中的应用．【分析】一般人体都有恒定的体温，一般在37度，所以会发出特定波长10UM 左右的红外线，被动式红外探头就是靠探测人体发射的10UM左右的红外线而进行工作的．【解答】解：人走向门口时，门会自动打开，是因为安装了红外线传感器．从而能感知红外线，导致门被打开．故选：C【点评】一切物体都能发出红外线，随着温度越高发出红外线越强．15．某正弦交流电的图象如图所示，则由图象可知不正确的是( )A．该交流电的频率为50HzB．该交流电的有效值为14.14AC．该交流电的瞬时值表达式为i=20sin（0.02t）AD．该交流电的周期是0.02s【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系．【专题】交流电专题．【分析】根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等．【解答】解：A、由图可知，T=0.02s，故f==50Hz，ω=2πf=100π rad/s，所以其表达式为u=20sin（100πt）V，故AD正确，C错误．B、由图象可知交流电的最大值为20V，因此其有效值为：U=V=10V=14.14V，故B正确；本题选择错误的，故选：C．【点评】题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时正确书写交流电的表达式．16．一个闭合电路产生的感应电动势较大，是因为穿过这个闭合电路的( ) A．磁感应强度大B．磁通量较大C．磁通量的变化量较大D．磁通量的变化较快【考点】法拉第电磁感应定律．【分析】根据法拉第电磁感应定律，分析感应电动势大小的决定因素．磁通量变化率反映磁通量变化的快慢，与磁通量没有直接的关系．【解答】解：根据法拉第电磁感应定律可知，闭合电路中产生的感应电动势的大小与穿过电路的磁通量的变化率成正比，与磁通量、磁感应强度没有直接关系．所以D正确，ABC错误．故选D【点评】本题考查对法拉第电磁感应定律的掌握程度，比较简单．17．如图所示，表示磁场对运动电荷的作用，其中正确的是( )A ．B ．C ．D ．【考点】左手定则．【专题】定性思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】左手定则的内容：伸开左手，使四指与大拇指垂直，且在同一个平面内，让磁感线穿过掌心，四指方向与正电荷的运动方向相同，大拇指所指的方向为洛伦兹力的方向．【解答】解：根据左手定则知，A选项不受洛伦兹力．B选项洛伦兹力竖直向下．C选项洛伦兹力垂直纸面向里，D选项洛伦兹力方向垂直纸面向里．故B正确，ACD错误．故选：B．【点评】解决本题的关键掌握左手定则判定电荷在磁场中运动速度、磁场和电荷受到洛仑兹力三者之间的方向关系，注意正负电荷的洛伦兹力方向区别．18．电磁波在空气中的传播速度为3×108m/s，某广播电台能够发射波长为15m 的无线电波，那么收音机接收这个电台时调谐的频率应工作在( )A．45MHz B．50MHz C．20MHz D．6MHz【考点】电磁波的周期、频率和波速．【分析】根据波速、波长、频率的关系式v=λf求出无线电波的频率，接收电台的调谐频率等于电磁波的频率．【解答】解：根据v=λf得，f==20MHz．所以收音机接收这个电台时调谐的频率应工作在20MHz．故选：C【点评】解决本题的关键知道电磁波波速、频率、波长的关系．明确单位的换算关系．19．变压器原、副线圈匝数比例如图所示，可以将电压升高供给电灯的变压器是( )A ．B ．C ．D ．【考点】变压器的构造和原理．【专题】交流电专题．【分析】理想变压器的工作原理是原线圈输入变化的电流时，导致副线圈的磁通量发生变化，从而导致副线圈中产生感应电动势．而副线圈中的感应电流的变化，又导致在原线圈中产生感应电动势．变压器的电流比为：原副线圈电流与匝数成反比，电压比为：原副线圈电压与匝数成正比．且电流与电压均是有效值，电表测量值也是有效值．【解答】解：A、图中原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故A错误；B、图中，原线圈匝数比副线圈匝数多，所以是降压变压器，故B错误；C、图中，原线圈匝数比副线圈匝数少，所以是升压变压器，故C正确；D、图中，原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故D错误；故选：C．【点评】理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象．同时副线圈的电压由原线圈电压与原副线圈匝数决定，而原线圈的电流由副线圈决定．20．电容器电容表达式为( )A．C=QU B．C=C．C=D．C=【考点】电容．【专题】电容器专题．【分析】电容是反映电容器容纳电荷本领大小的物理量；由Q和U定义．【解答】解：电容的定义式C=，故选：C【点评】本题考查电容器的定义式及平行板电容器的决定式，属基础内容，应牢记．二、双项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分．每题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，多选、错选、少选均不给分）。
2021-2022年高二上学期第三次段考物理试题 含答案
2021年高二上学期第三次段考物理试题含答案物理试卷：高二物理组：高二物理组考试时间：90分钟分值：100分一、选择题（本大题共10小题，1-7题为单选，8-10题为多选，每题4分，共40分）1．如图所示为某电场中的一条电场线，在该电场线上取A、B两点，并用E A、E B分别表示A、B两点处的电场强度，则（）A．E A = E B B．E A > E BC．E A < E B D．E A、E B方向相同2．如图所示为一速度选择器，内有一磁感应强度为B，方向垂直纸面向外的匀强磁场，一束粒子流以速度υ水平射入，为使粒子流经磁场时不偏转（不计重力），则磁场区域内必须同时存在一个匀强电场，关于这个电场场强大小和方向的说法中，正确的是（）A．大小为，粒子带正电时，方向向上B．大小为，粒子带负电时，方向向上C．大小为，方向向下，与粒子带何种电荷无关D．大小为，方向向上，与粒子带何种电荷无关3. 如图所示，一根长为的铝棒用两个劲度系数均为的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，当铝棒中通过的电流方向从左到右时，弹簧的长度变化了，则下面说法正确的是（）A. 弹簧长度缩短了，B=B. 弹簧长度缩短了，B=C. 弹簧长度伸长了，B=D. 弹簧长度伸长了，B=4．如图所示，有一带电粒子贴着A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子沿①轨迹从两板正中间飞出；当偏转电压为U2时，带电粒子沿②轨迹落到B板中间；设粒子两次射入电场的水平速度相同，则两次偏转电压之比为（）A．U1：U2=1：8 B．U1：U2=1：4C．U1：U2=1：2 D．U1：U2=1：15.如图是质谱仪工作原理的示意图．带电粒子a、b经电压U加速（在A点初速度为零）后，进入磁感应强度为B的匀强磁场做匀速圆周运动，最后分别打在感光板S上的x1、x2处．图中半圆形的虚线分别表示带电粒子a、b所通过的路径，则（）A． a的质量一定大于b的质量BυB． a的电荷量一定大于b的电荷量C． a运动的时间小于b运动的时间D． a的比荷（）小于b的比荷（）6.在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点在a端时合上开关，此时三个电表A1、A2和V的示数为I1、I2和U，现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是( )A．I1增大，I2不变，U增大B．I1减小，I2增大，U减小C．I1增大，I2减小，U增大D．I1减小，I2不变，U减小7．如右图所示，水平放置的平行金属板a、b分别与电源的两极相连，带电液滴P在金属板a、b间保持静止，现设法使P固定，再使两金属板a、b分别绕中心点O、O/垂直于纸面的轴顺时针转相同的小角度α，然后释放P，则P在电场内将做（）A．匀速直线运动B．斜向右下方的匀加速直线运动C．水平向右的匀加速直线运动D．曲线运动8.目前世界上正研究的一种新型发电机叫磁流体发电机，如图表示它的发电原理：将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量带正电和带负电的微粒，而从整体来说（呈中性）沿图中所示方向喷射入磁场，磁场中有两块金属板A、B，这时金属板上就聚集了电荷．在磁极配置如图所示的情况下，下述说法正确的是( )A．A板带正电B．有电流从b经用电器流向aC．金属板A、B间的电场方向向下D．等离子体发生偏转的原因是离子所受洛伦兹力大于所受电场力9．如图所示，足够长的光滑三角形绝缘槽，与水平面的夹角分别为α和β（α＜β），加垂直于纸面向里的磁场．分别将质量相等、带等量正、负电荷的小球 a、b依次从两斜面的顶端由静止释放，关于两球在槽上运动的说法正确的是（）A．在槽上，a、b两球都做匀加速直线运动，且a a＞a bB． a、b两球沿槽运动的最大速度为v a和v b，则v a＞v bC． a、b两球沿直槽运动的最大位移为S a和S b，则S a＜S bD． a、b两球沿槽运动的时间为t a和t b，则t a＜t b10．如图所示，空间存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，电场和磁场相互垂直．在电磁场区域中，有一个固定在竖直平面内的光滑绝缘圆环，环上套有一个带正电的小球．O点为圆环的圆心，a、b、c为圆环上的三个点，a点为最高点，c点为最低点，bO沿水平方向．已知小球所受电场力与重力大小相等．现将小球从环的顶端a点由静止释放，下列判断正确的是（）A．当小球运动到b点时，小球受到的洛伦兹力最大B．当小球运动到c点时，小球受到的支持力一定大于重力C．小球从a点运动到b点，重力势能减小，电势能减小D．小球从b点运动到c点，电势能增大，动能先增大后减小二、填空题(本大题包括3小题，4分+8分+4分=16分。
高二物理上学期第三次月考试卷高二全册物理试题_
嗦夺市安培阳光实验学校内蒙古鄂伦春旗大杨树三中高二（上）第三次月考物理试卷一．单项选择题（共12道题，每题4分，共48分）1．太阳能电池由许多片电池板组成．某电池板不接负载时两极间电压是6.0×10﹣4V，短路电流是3.0×10﹣5A，则这块电池板的内阻为( )A．20ΩB．5ΩC．0.2ΩD．0.05Ω2．关于电阻的计算式R=和决定式R=ρ，下面说法正确的是( )A．导体的电阻与其两端电压成正比，与电流成反比B．导体的电阻仅与导体长度、横截面积和材料有关C．导体的电阻不随工作温度变化而变化D ．对一段一定的导体来说，在恒温下比值是恒定的，导体电阻不随U或I的变化而变化3．金属铂的电阻对温度的高低非常敏感，在下图所示的U﹣I图象中，可以表示出金属铂电阻的U﹣I图线的是( )A ．B ．C ．D ．4．“好变频1度到天明”﹣﹣此广告语意为1度电（1kW•h）可使变频空调工作一整夜（以10h计）．同样的1度电可供铭牌如图所示的电扇工作约( ) A．1整夜B．2整夜C．3整夜D．4整夜5．加在某台电动机上的电压是U（V），电动机消耗的电功率为P（W），电动机线圈的电阻为R（Ω），则电动机线圈上消耗的热功率为( )A．P B ． C ．D ．6．将一根长为L，横截面积为S，电阻率为ρ的保险丝截成等长的两段，并把两段并起来作为一根使用，则它的电阻和电阻率分别为( )A ．、B ．、ρC ．、ρD ．、7．多用电表可以通过旋转选择开关S来测量电压、电流和电阻等，同时可以根据不同的需要选择不同的量程．如图所示为某多用电表的内部电路结构简图．则下列叙述正确的是( )A．开关S调到1时用来测量电压B．开关S调到2时用来测量电流C．开关S调到4时用来测量电阻D．开关S调到6时用来测量电阻8．如图所示，电源的电动势为6v，内阻为0.5Ω，R0为1.5Ω，R为总阻值为10Ω的滑动变阻变阻器，当滑动变阻器功率最大时，变阻器阻值应调整到( )A．0ΩB．0.5ΩC．2ΩD．10Ω9．关于闭合电路的性质，下列说法不正确的是( )A．外电路断路时，路端电压最高B．外电路短路时，电源的功率最大C．外电路电阻变大时，电源的输出功率变大D．不管外电路电阻怎样变化，其电源的内、外电压之和保持不变10．如图所示的电路中，当闭合开关S后，发现两灯都不亮，电流表的指针几乎指在零刻度线，电压表指针则有明显偏转，该电路中的故障可能是( ) A．灯泡L2短路 B．灯泡L2断路C．灯泡L1断路 D．两个灯泡都断路11．如图所示的电路，闭合开关S后，a、b、c三盏灯均能发光，电源电动势E 恒定且内阻r不可忽略．现将变阻器R的滑片稍向上滑动一些，三盏灯亮度变化的情况是( )A．a灯变亮，b灯和c灯变暗B．a灯和c灯变亮，b灯变暗C．a灯和c灯变暗，b灯变亮D．a灯和b灯变暗，c灯变亮12．如图为一逻辑电路，根据电路图完成它的真值表．其输出端从上到下排列的结果正确的是( )输入输出A B C0 00 11 01 1A．0 0 1 0 B．0 0 1 1 C．1 0 1 0 D．0 0 0 1二．实验题（3道题，共38分）13．（18分）某同学做“测定金属电阻率”的实验．（1）这位同学采用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属丝的电阻．有以下器材可供选择：（要求测量结果尽量准确）A．电池组（3V，内阻约1Ω）B．电流表（0﹣3A，内阻约0.025Ω）C．电流表（0﹣0.6A，内阻约0.125Ω）D．电压表（0﹣3V，内阻约3kΩ）E．电压表（0﹣15V，内阻约15kΩ）F．滑动变阻器（0﹣20Ω，额定电流1A）G．滑动变阻器（0﹣1000Ω，额定电流0.3A）H．开关，导线实验时应选用的器材是：电流表选择__________，电压表选择__________，滑动变阻器选择__________（填写各器材的字母代号）．（2）请在如图1的虚线框中画出实验电路图．（3）这位同学在一次测量时，电流表、电压表的示数如图2所示．由图中电流表示数为__________A、电压表的读数为__________V，可计算出金属丝的电阻为__________Ω．（4）用螺旋测微器测得金属丝的直径如图3所示，可知金属丝的直径d=__________mm．14．（14分）如图甲为多用电表的示意图，现用它测量一个阻值约为200Ω的电阻R x，请用图中所示旋钮名称填空并完善测量步骤．①调节__________，使电表指针停在__________的“0”刻线（填“电阻”或“电流”）．②将选择开关旋转到“Ω”挡的__________位置．（填“×1”“×10”“×100”或“×1 k”）③将红、黑表笔分别插入“+”“﹣”插孔，并将两表笔短接，调节__________，使电表指针对准__________的“0”刻线（填“电阻”或“电流”）．④将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表读数如图乙所示，该电阻的阻值为__________Ω．⑤测量完毕，将选择开关旋转到__________位置．现有下列器材，试选择合适的器材及适当的电路，较精确地测定该电阻的阻值．A．电流表，量程0～500μA，内阻约50ΩB．电流表，量程0～10mA，内阻约5ΩC．电压表，量程0～3V，内阻约2kΩD．电压表，量程0～15V，内阻约10kΩE．干电池1节，电动势为1.5VF．滑动变阻器，0～20Ω，0.5AG．电键一只，导线若干①电流表应该选择__________，电压表应该选择__________（填字母代号）；②请在下列实验电路图中选择合适的电路图__________．15．在《测定电源的电动势和内阻》的实验中，某学习小组测出多组数据，并根据实验数据作出U﹣I图象，如图所示，由图象可得出电源的电动势E=__________V 、内阻r=__________Ω．三．计算题（16题6分，17题8分，共14分，请写出必要的计算步骤和公式）16．如图所示，R1=14Ω R2=9Ω．当开关处于位置1时，电流表读数I1=0.2A；当开关处于位置2时，电流表的读数I2=0.3A．求电源的电动势E和内电阻r．17．如图所示中E=10V，R1=4Ω，R2=6Ω，C=30μF电池内阻不计，求：（1）闭合开关S，求稳定后通过R1的电流；（2）然后将开关S断开，求这以后流过R1的总电量．内蒙古鄂伦春旗大杨树三中高二（上）第三次月考物理试卷一．单项选择题（共12道题，每题4分，共48分）1．太阳能电池由许多片电池板组成．某电池板不接负载时两极间电压是6.0×10﹣4V，短路电流是3.0×10﹣5A，则这块电池板的内阻为( )A．20ΩB．5ΩC．0.2ΩD．0.05Ω【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据开路电压等于电源电动势，求出电动势；再根据电动势和短路电流求出内电阻．【解答】解：由题，U=0.6V，则E=U=0.6V又E=I短r，得到r==20Ω故选：A【点评】本题关键根据电源开路和短路的特点，求解电源的内电阻，难度不大，属于基础题．2．关于电阻的计算式R=和决定式R=ρ，下面说法正确的是( )A．导体的电阻与其两端电压成正比，与电流成反比B．导体的电阻仅与导体长度、横截面积和材料有关C．导体的电阻不随工作温度变化而变化D．对一段一定的导体来说，在恒温下比值是恒定的，导体电阻不随U或I的变化而变化【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】导体的电阻是导体本身的特性，与其两端电压和电流强度无关，根据电阻定律R可知：导体的电阻与导体的长度、横截面积和材料有关．导体的电阻率随温度变化而变化，电阻也随温度而变化．【解答】解：A、导体的电阻是导体本身的特性，与其两端电压和电流强度无关．故A错误；B、根据电阻定律R=可知：导体的电阻与导体的长度、横截面积和材料有关；但导体的电阻率还要与温度有关；故B错误；C、导体的电阻率随温度变化而变化，电阻也随温度而变化．故C错误；D 、导体的电阻是导体本身的特性，对一段一定的导体来说，在恒温下比值是恒定的，导体电阻不随U或I的变化而化．故D正确．故选：D【点评】本题考查电阻的定义式及决定式的关系，要注意明确电阻是导体本身的性质，与电压及电流无关．3．金属铂的电阻对温度的高低非常敏感，在下图所示的U﹣I图象中，可以表示出金属铂电阻的U﹣I图线的是( )A ．B ．C ．D ．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】金属铂的电阻随温度的升高而增大．电阻的U﹣I图线上的点与坐标原点连线的斜率等于电阻．根据数学知识进行选择．【解答】解：根据电阻的定义式R=可知，U﹣I图线上的点与坐标原点连线的斜率等于电阻，金属铂的电阻随温度的升高而增大，则图线上的点与坐标原点连线的斜率逐渐增大，图线是曲线，根据数学知识可知，C正确．故选C【点评】本题考查对金属电阻特性的掌握程度，抓住图线的数学意义来理解其物理意义．4．“好变频1度到天明”﹣﹣此广告语意为1度电（1kW•h）可使变频空调工作一整夜（以10h计）．同样的1度电可供铭牌如图所示的电扇工作约( ) A．1整夜B．2整夜C．3整夜D．4整夜【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】已知电扇的额定功率和消耗的电能，根据W=Pt求出工作时间即可．【解答】解：由图可知电扇的额定功率为24W，则t=h而一整夜是10h，所以同样的1度电可供铭牌如图所示的电扇工作约4整夜．故选：D【点评】本题考查消耗电能的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要学会认识用电器的铭牌，解题过程中要注意单位的换算．5．加在某台电动机上的电压是U（V），电动机消耗的电功率为P（W），电动机线圈的电阻为R（Ω），则电动机线圈上消耗的热功率为( )A．P B ． C ．D ．【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】电动机是非纯电阻电路，电功率P=UI，热功率P热=I2R，输出功率P出=P﹣P热．【解答】解：电动机是非纯电阻电路，电功率为P=UI，故电流为I=，故热功率P热=I2R=（）2R=；故选C．【点评】本题关键明确电动机是非纯电阻电路，电功率等于热功率与输出功率之和．6．将一根长为L，横截面积为S，电阻率为ρ的保险丝截成等长的两段，并把两段并起来作为一根使用，则它的电阻和电阻率分别为( )A ．、B ．、ρC ．、ρD ．、【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电阻率的大小由材料决定，与长度和横截面积无关．根据电阻定律的公式判断电阻的变化．【解答】解：根据电阻定律的公式知，长度变为原来的一半，横截面积变为原来的2倍，则电阻变为原来的．而电阻率不变．故B正确，A、C、D错误．故选B．【点评】解决本题的关键掌握电阻定律的公式，以及知道电阻率的大小由材料决定，与长度和横截面积无关．7．多用电表可以通过旋转选择开关S来测量电压、电流和电阻等，同时可以根据不同的需要选择不同的量程．如图所示为某多用电表的内部电路结构简图．则下列叙述正确的是( )A．开关S调到1时用来测量电压B．开关S调到2时用来测量电流C．开关S调到4时用来测量电阻D．开关S调到6时用来测量电阻【考点】多用电表的原理及其使用．【专题】恒定电流专题．【分析】电流表、电压表与欧姆表都是由小量程电流表改装成的；把小量程电流表改装成电流表应并联一个分流电阻，把电流表改装成电压表，应串联一个分压电阻，把电流表改装成欧姆表时，应串联一个滑动变阻器，电路应有一个电源；分析清楚电路结构，根据电流表、电压表与欧姆表的原理分析答题．【解答】解：A、由图可知，当S接1或2时，表头与电阻并联，则多用表作安培表使用，故A错误，B正确；C、选择开关接“4”时，测电阻，当作欧姆表使用，由于电源在电表内部，又电流由红表笔进，因此红表笔与电源的负极相连，故C正确；D、选择开关接“6”时，表头与两个电阻串联，串联电阻较大，此时多用电表测电压，量程较大，故D错误；故选：BC．【点评】知道电流表、电压表、欧姆表的原理，掌握电流表、电压表、欧姆表的读数方法，即可正确解题．8．如图所示，电源的电动势为6v，内阻为0.5Ω，R0为1.5Ω，R为总阻值为10Ω的滑动变阻变阻器，当滑动变阻器功率最大时，变阻器阻值应调整到( )A．0ΩB．0.5ΩC．2ΩD．10Ω【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】将R0看成电源的内阻，当等效电源的内电阻等于R时，R的功率最大．【解答】解：将R0看成电源的内阻，当外电阻与内阻相等时，输出功率最大．即R=R0+r解得：R=1.5+0.5=2Ω，故C正确．故选：C【点评】本题考查功率公式的应用；解题的关键要知道电源的内电阻与外电阻相等时，电源的输出功率最大．9．关于闭合电路的性质，下列说法不正确的是( )A．外电路断路时，路端电压最高B．外电路短路时，电源的功率最大C．外电路电阻变大时，电源的输出功率变大D．不管外电路电阻怎样变化，其电源的内、外电压之和保持不变【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据闭合电路欧姆定律求解干路电流，根据欧姆定律求解路端电压，根据表达式进行分析讨论．【解答】解：A、外电路断路时，外电阻R→∞，I=0，所以U=E﹣Ir=E，则路端电压最大，故A正确；B、外电路断路时，外电阻R=0，I=，电流最大，据P=EI得，电源的功率最大．故B正确；C、电源的输出功率 P=UI=I2R=，由此公式可知当R=r时，电源的输出功率最大，则外电路的电阻R变大时，电源的输出功率不一定变大，故C错误；D、据闭合电路的欧姆定律知，其电源的内外电压之和等于电源的电动势，保持不变，故D正确．本题选错误的，故选：C【点评】本题关键根据闭合电路欧姆定律和部分电路欧姆定律列式求解出路端电压表达式进行讨论．要知道电源的内外电阻相等时，输出功率最大．10．如图所示的电路中，当闭合开关S后，发现两灯都不亮，电流表的指针几乎指在零刻度线，电压表指针则有明显偏转，该电路中的故障可能是( ) A．灯泡L2短路 B．灯泡L2断路C．灯泡L1断路 D．两个灯泡都断路【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】开关闭合时，发现两灯均不亮，说明电路有开路．电压表有示数，电压表的正负接线柱到电源正负极的连接是连通的；电流表的指针几乎指在零刻度线，是因为把电压表通过灯丝、导线接在电源正负极上，电压表的电阻无限大，使得电路中的电流很小．据此判断．【解答】解：开关闭合两灯均不亮，则电路中有开路，电压表有示数，则电压表的正负接线柱到电源正负极的连接是连通的，L1没有断路，所以L2断路，故B正确．故选：B．【点评】本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，平时做实验时试一试，多积累这方面的经验．11．如图所示的电路，闭合开关S后，a、b、c三盏灯均能发光，电源电动势E 恒定且内阻r不可忽略．现将变阻器R的滑片稍向上滑动一些，三盏灯亮度变化的情况是( )A．a灯变亮，b灯和c灯变暗B．a灯和c灯变亮，b灯变暗C．a灯和c灯变暗，b灯变亮D．a灯和b灯变暗，c灯变亮【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】如图电路的结构是：c灯与变阻器R串联后与b灯并联，再与a灯串联．R的滑片稍向上滑动时，变阻器R接入电路的电阻变小，外电路总电阻变小，根据欧姆定律分析干路电流的变化，再分析b灯电压的变化和c灯的电流变化来分析灯泡亮度变化．【解答】解：R的滑片稍向上滑动时，变阻器R接入电路的电阻变小，外电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，a灯变亮．b的电压U b=E﹣I（r+R a）减小，b灯变暗．通过c灯的电流I c=I﹣I b，I增大，I b减小，则I c增大，c灯变亮．故选：B．【点评】本题是电路中动态变化分析的问题，首先要搞清电路的结构，其次要按“部分→整体→部分”的顺序分析．12．如图为一逻辑电路，根据电路图完成它的真值表．其输出端从上到下排列的结果正确的是( )输入输出A B C0 00 11 01 1A．0 0 1 0 B．0 0 1 1 C．1 0 1 0 D．0 0 0 1【考点】简单的逻辑电路．【专题】恒定电流专题．【分析】非门的特点是：输入状态和输出状态完全相反，与门的特点是：当所有条件都满足，事件才能发生．【解答】解：当A输入为0，B输入为0时，从非门输出为1，从与门输出为0．当A输入为0，B输入为1时，从非门输出为0，从与门输出为0．当A输入为1，B输入为0时，从非门输出为1，从与门输出为1．当A输入为1，B输入为1时，从非门输出为0，从与门输出为0．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键知道非门和与门的特点，牢记各简单逻辑门功能与特点，便可很容易的解答此题．二．实验题（3道题，共38分）13．（18分）某同学做“测定金属电阻率”的实验．（1）这位同学采用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属丝的电阻．有以下器材可供选择：（要求测量结果尽量准确）A．电池组（3V，内阻约1Ω）B．电流表（0﹣3A，内阻约0.025Ω）C．电流表（0﹣0.6A，内阻约0.125Ω）D．电压表（0﹣3V，内阻约3kΩ）E．电压表（0﹣15V，内阻约15kΩ）F．滑动变阻器（0﹣20Ω，额定电流1A）G．滑动变阻器（0﹣1000Ω，额定电流0.3A）H．开关，导线实验时应选用的器材是：电流表选择C，电压表选择D，滑动变阻器选择F （填写各器材的字母代号）．（2）请在如图1的虚线框中画出实验电路图．（3）这位同学在一次测量时，电流表、电压表的示数如图2所示．由图中电流表示数为0.46A、电压表的读数为2.40V，可计算出金属丝的电阻为5.22Ω．（4）用螺旋测微器测得金属丝的直径如图3所示，可知金属丝的直径d=3.373mm．【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题；定量思想；图析法；恒定电流专题．【分析】（1）根据电路最大电流选择电流表，根据电源电动势选择电压表，为方便实验操作应选择最大阻值较小的滑动变阻器．（2）根据题意确定电流表与滑动变阻器的接法，然后作出电路图．（3）根据图示电表确定其分度值，读出其示数，然后由欧姆定律求出金属丝的电阻．（4）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．【解答】解：（1）电路最大电流约为：I===0.6A，电流表应选择C；电源电动势为3V，则电压表应选择D；为方便实验操作，滑动变阻器应选择F；（2）待测电阻阻值约为5Ω，电流表内阻约为0.125Ω，电压表内阻约为3kΩ，电压表内阻远大于待测点阻值，电流表应采用外接法，滑动变阻器最大阻值为20Ω，远大于待测电阻阻值，滑动变阻器可以采用限流接法，电路图如图所示：（3）由图示电流表可知，其分度值为0.02A，示数为0.46A；由图示电压表可知，其分度值为0.1V，示数为2.40V；金属丝电阻：R==≈5.22Ω；（4）由图示螺旋测微器可知，其示数为：3mm+37.3×0.01mm=3.373mm；故答案为：（1）C；D；F；（2）电路图如图所示；（3）0.46；2.40；5.22；（4）3.373．【点评】本题考查了实验器材的选择、设计实验电路、电表读数、螺旋测微器读数，要掌握常用器材的使用及读数方法，读数时视线要与刻度线垂直；根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法是正确设计实验电路的关键．14．（14分）如图甲为多用电表的示意图，现用它测量一个阻值约为200Ω的电阻R x，请用图中所示旋钮名称填空并完善测量步骤．①调节指针定位螺丝，使电表指针停在电流的“0”刻线（填“电阻”或“电流”）．②将选择开关旋转到“Ω”挡的×10位置．（填“×1”“×10”“×100”或“×1 k”）③将红、黑表笔分别插入“+”“﹣”插孔，并将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准电阻的“0”刻线（填“电阻”或“电流”）．④将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表读数如图乙所示，该电阻的阻值为190Ω．⑤测量完毕，将选择开关旋转到OFF或交流电压最高档位置．现有下列器材，试选择合适的器材及适当的电路，较精确地测定该电阻的阻值．A．电流表，量程0～500μA，内阻约50ΩB．电流表，量程0～10mA，内阻约5ΩC．电压表，量程0～3V，内阻约2kΩD．电压表，量程0～15V，内阻约10kΩE．干电池1节，电动势为1.5VF．滑动变阻器，0～20Ω，0.5AG．电键一只，导线若干①电流表应该选择，电压表应该选择（填字母代号）；②请在下列实验电路图中选择合适的电路图．【考点】用多用电表测电阻．【专题】实验题．【分析】多用电表使用前要进行机械调零，测电阻时要选择合适的挡位，然后进行欧姆调零，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数，多用电表使用完毕选择开关要置于OFF挡或交流电压最高档．【解答】解：用多用电表测阻值约为200Ω的电阻R x，实验步骤为：①调节指针定位螺丝，使电表指针停在电流的“0”刻线．②将选择开关旋转到“Ω”挡的×10位置．③将红、黑表笔分别插入“+”“﹣”插孔，并将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准电阻的“0”刻线．④将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表读数如图乙所示，该电阻的阻值为19×10=190Ω．⑤测量完毕，将选择开关旋转到OFF或交流电压最高档位置故答案为：①指针定位螺丝；电流；②×10；③欧姆调零旋钮；电阻；④190；⑤OFF或交流电压最高档．【点评】本题考查了欧姆表的使用方法、欧姆表读数；使用欧姆表测电阻时，要先进行机械调零，然后选择合适的档位，再进行欧姆调零，最后测电阻．15．在《测定电源的电动势和内阻》的实验中，某学习小组测出多组数据，并根据实验数据作出U﹣I图象，如图所示，由图象可得出电源的电动势E=1.5V、内阻r=1Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题；定量思想；推理法；实验分析法；恒定电流专题．【分析】测定电池电动势和内电阻的实验原理是闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir，当I=0时，U=E，U﹣I图象的斜率绝对值等于内阻．【解答】解：根据闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir，当I=0时，U=E，由图读出图线纵轴截距 U=E=1.5VU﹣I图象的斜率绝对值等于内阻r，则r=Ω=1Ω故答案为：1.5 1．【点评】解决本题关键要知道本实验的原理是闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir，根据数学知识求解电源的电动势和内阻．三．计算题（16题6分，17题8分，共14分，请写出必要的计算步骤和公式）16．如图所示，R1=14Ω R2=9Ω．当开关处于位置1时，电流表读数I1=0.2A；当开关处于位置2时，电流表的读数I2=0.3A．求电源的电动势E和内电阻r．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据闭合电路欧姆定律分别列出开关处于位置1和2时的电流表达式，联立组成方程组求解电源的电动势E和内电阻r．【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得E=I1（R1+r）①E=I2（R2+r）②联立组成方程组得，r=代入解得，r=1Ω将r=1Ω代入①得，E=3V答：电源的电动势E=3V，内电阻r=1Ω．【点评】本题提供了测量电源的电动势和内阻和方法，可以用电阻箱代替两个定值电阻．17．如图所示中E=10V，R1=4Ω，R2=6Ω，C=30μF电池内阻不计，求：（1）闭合开关S，求稳定后通过R1的电流；（2）然后将开关S断开，求这以后流过R1的总电量．【考点】电容；闭合电路的欧姆定律．【专题】电容器专题．【分析】（1）电容器在电路稳定时，处于断开状态，则根据闭合电路欧姆定律，即可求解；（2）根据开关闭合与断开两状态下，求出电压器的两端电压，并根据：△Q=△U•C，即可求解．【解答】解：（1）稳定时，电容看作断开状态，电路中的电流：A （2）S闭合，电路处于稳定状态时，电容两端的电压：U=IR2=1×6V=6V断开后，电容两端的电压为10V，故这以后流过R1的总电量为：△Q=△U•c=（10﹣6）×30×10﹣6C=1.2×10﹣4C 答：（1）闭合开关S，稳定后通过R1的电流1A；（2）然后将开关S断开，这以后流过R1的总电量1.2×10﹣4C．【点评】考查闭合电路欧姆定律的应用，掌握Q=CU公式的应用，注意电容器在直流电路中，处于稳定时，相当于开关断开的．。
安徽省合肥市肥西县肥西中学学年高三上学期第3轮周考物理试题及答案-文档资料
安徽省肥西中学2019—2019(1)高三年级第3轮周考物理试题考试时间：90分钟，满分100分 命题人：刘常明 审题人：李春生一、单项选择题(每题4分，计40分)1．如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a 沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F ，则( ) A ．物块可能匀速下滑B ．物块仍以加速度a 匀加速下滑C ．物块将以大于a 的加速度匀加速下滑D ．物块将以小于a 的加速度匀加速下滑2．如图所示，从地面上同一位置抛出两小球A 、B ，分别落在地面上的M 、N 点，两球运动的最大高度相同。
空气阻力不计，则( )A ．B 的加速度比A 的大 B ．B 的飞行时间比A 的长C ．B 在最高点的速度比A 在最高点的小D ．B 在落地时的速度比A 在落地时的大3．如图甲所示，物体沿斜面由静止滑下，在水平面上滑行一段距离后停止，物体与斜面和水平面间的动摩擦因数相同，斜面与水平面平滑连接．图乙中v 、a 、f 和s 分别表示物体速度大小、加速度大小、摩擦力大小和路程．图乙中正确的是( )4．以初速度v 0竖直向上抛出一质量为m 的小物块．假定物块所受的空气阻力f 大小不变．已知重力加速度为g ，则物块上升的最大高度和返回到原抛出点的速率分别为( )A.v 202g (1＋f mg)和v 0mg －f mg ＋fB. v202g (1＋f mg)和v 0mgmg ＋f C.v202g (1＋fmg)和mg －fmg ＋f D. v202g (1＋f mg)和v 0mgmg ＋f5．由光滑细管组成的轨道如图所示，其中AB 段和BC 段是半径为R 的四分之一圆弧，轨道固定在竖直平面内。
一质量为m 的小球，从距离水平地面为H 的管口D 处静止释放，最后能够从A 端水平抛出落到地面上。
下列说法正确的是( )A ．小球落到地面时相对于A 点的水平位移值为2RH －2R 2B ．小球落到地面时相对于A 点的水平位移值为2RH －4R 2C ．小球能从细管A 端水平抛出的条件是H >2RD ．小球能从细管A 端水平抛出的最小高度H min ＝52R6．为了对火星及其周围的空间环境进行探测，我国预计于2019年10月发射第一颗火星探测器“萤火一号”．假设探测器在离火星表面高度分别为h 1和h 2的圆轨道上运动时，周期分别为T 1和T 2.火星可视为质量分布均匀的球体，且忽略火星的自转影响，引力常量为G .仅利用以上数据，可以计算出( )A ．火星的密度和火星表面的重力加速度B ．火星的质量和火星对“萤火一号”的引力C ．火星的半径和“萤火一号”的质量D ．火星表面的重力加速度和火星对“萤火一号”的引力 7．如图所示，质量为4 kg 的物体A 静止在竖直的轻弹簧上面。
安徽省肥西中学2014-2015学年高二上学期第三次段考物理试题 Word版无答案
肥西中学2014-2015学年度第一学期第三次段考高二物理试题考试时间：90分钟 总分：100分 张世伦第I 卷（选择题）一、选择题（本大题共14小题，计56分。
每题只有一个答案是正确的。
） 1.下列各种说法中正确的是（ ）A ．只要是点电荷都可作为试探电荷B ．元电荷指的就是电子或质子C ．电动势为1.5 V 的干电池，表明干电池通过非静电力做功每经过1s 就把1.5 J 的化学能转化为电能D ．电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，电阻率越大，材料的导电性能越差2．下列说法正确的是 A ．由qFE =可知电场中某点的电场强度E 与q 成反比 B ．由公式qE P=φ可知电场中某点的电势φ与q 成反比 C ．由Ed U ab =知，匀强电场中的任意两点a 、b 间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大D ．公式UQC =，电容器的电容大小C 与电容器两极板间电势差U 无关3．A 、B 、C 三点在同一直线上，AB:BC ＝1:2，B 点位于A 、C 之间，在B 处固定一电荷量为Q 的点电荷。
当在A 处放一电荷量为＋q 的点电荷时，它所受到的电场力为F ；移去A 处电荷，在C 处放一电荷量为－2q 的点电荷，其所受电场力为（ ） A. F/2 B. F C.－F/2 D.－F4．点电荷Q 的电场中，一个α粒子通过时的轨迹如图实线所示，a 、b 为两个等势面，则下列判断中正确的是（ ）A. 运动中α粒子总是克服电场力做功B. α粒子经过两等势面的动能Kb Ka E E >C. α粒子在两等势面上的电势能Pb Pa E E >D. 点电荷Q 可能为正电荷，也可能为负电荷5．如图所示，光滑平面上固定金属小球A ，用长L 0的绝缘弹簧将A 与另一个金属小球B 连接，让它们带上等量同种电荷，弹簧伸长量为x 1；若两小球电量各漏掉一半，弹簧伸长量变为x 2，则有( )A ．1241x x =B ．1241x x >C ．1241x x <D ．1221x x =6．平行板电容器的两极板A 、B 接于电池两极，一带正电小球悬挂于电容器内部，闭合开关S ，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，如图所示，则（ ）A. 保持开关S 闭合，带正电的A 板向B 板靠近，则θ不变B. 保持开关S 闭合，带正电的A 板向B 板靠近，则θ减小C.开关S 断开，带正电的A 板向B 板靠近，则θ不变D. 开关S 断开，带正电的A 板向B 板靠近，则θ增大7．空间有一电场，各点电势φ随位置的变化情况如图所示．下列说法正确的是（ ）A ．O 点的电场强度一定为零B ．-x 1与-x 2点的电场强度相同C ．将负电荷从-x 1移到x 1电荷的电势能增大D ．-x 1和x 1两点在同一等势面上8. 如图所示，两个等量同种点电荷分别固定于光滑绝缘水平面上A 、B 两点。
安徽省合肥市肥西县第三中学高二物理模拟试卷含解析
安徽省合肥市肥西县第三中学高二物理模拟试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 放在光滑水平面上的A、B两小车中间夹了一压缩轻质弹簧，用两手分别控制小车处于静止状态，下面说法中正确的是A．两手同时放开后，两车的总动量为零B．先放开右手，后放开左手，两车的总动量向右C．先放开左手，后放开右手，两车的总动量向右D．两手同时放开，两车总动量守恒；两手放开有先后，两车总动量一定不为零参考答案：AB2. （单选）将两个电源的U－I图象画在同一个坐标上如图所示，关于对这两个电源的判断正确的是：A．电动势Ea＞Eb，短路电流Ia＞IbB．电动势Ea＝Eb，短路电流Ia＜IbC．电动势Ea＝Eb，内电阻ra＜rbD．电动势Ea＞Eb，内电阻ra＞rb参考答案：C3. 如图所示，在一块平板玻璃上放置一平凸薄透镜，在两者之间形成厚度不均匀的空气膜，让一束单一波长的光垂直入射到该装置上，结果在上方观察到圆环状条纹，称为牛顿环，以下说法正确的是（）A．干涉现象是由于凸透镜下表面反射光和玻璃上表面反射光叠加形成的B．干涉现象是由于凸透镜上表面反射光和玻璃上表面反射光叠加形成的C．干涉条纹是中央疏边缘密的同心圆环D．干涉条纹不等间距是由于平板玻璃不平造成的参考答案：AC4. 如图电源E=12V，r=2Ω，定值电阻为R0=6Ω，滑动变阻器R最大阻值为12Ω。
以下说法正确的是A．R=4Ω时，R0上消耗的功率最大B．R=8Ω时，R上消耗的功率最大C．R=4Ω时，电源的输出功率最大D．R=8Ω时，R0上消耗的功率最大参考答案：B5. （单选）下列关于电场的说法正确的是（）A. 电场不是客观存在的物质，是为了研究静电力而假想的B．两电荷之间的相互作用是一对平衡力C．电场不是客观存在的物质，因为它不是由分子、原子等实物粒子组成的D．电场的基本性质是对放入其中的电荷有力的作用参考答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，长为L＝0.1m、质量m＝0.1kg的金属棒PQ，用导线悬挂在竖直向上的匀强磁场中，当导线中的电流强度I＝10A时，悬线偏离竖直方向37°而平衡，则该磁场的磁感应强度的大小为＿＿T，导线中的电流方向为＿＿＿＿＿＿。
高二物理上册第三次调研考试题
高二物理上册第三次调研考试题高二物理试卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
第Ⅰ卷共4页，第Ⅱ卷共4页。
共120分。
考试时间110分钟。
第Ⅰ卷（选择题 共60分）注意事项：1.答卷Ⅰ前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔涂写在答题卡上。
2.答卷Ⅰ时，每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案。
不能答在试题卷上。
一、选择题（每小题4分，共60分。
下列每小题所给选项至少有一项符合题意，请将正确答案的序号填涂在答题卡上）1．如图是一辆汽车做直线运动的s-t 图象，对线段OA 、AB 、BC 、CD 所表示的运动，下列说法正确的是（ ）A .OA 段运动最快 ；B .AB 段静止；C .CD 段表示的运动方向与初始运动方向相反； D .运动4h 汽车的位移大小为60km..2．下列运动图象中表示质点做匀变速直线运动的是（ ）（第2题图）3.如图所示光滑竖直圆槽，AP 、BP 、CP 为通过最低点P 与水平面分别成30°、45°、60°角的三个光滑斜面，与圆相交于A 、B 、C 点.若一物体由静止分别从A 、B 、C 滑至P点所需的时间为t 1，t 2，t 3，则 （ ）A.t 1＜t 2＜t 3B. t 1=t 2=t 3C. t 1=t 2＜t 3D. t 1＞t 2＞t 34．如图所示，物体A 和B 叠放在光滑水平面上，在水平拉力F 1=10 N ，F 2=12 N 的作用下一起加速运动，物体A 和B 保持相对静止．若m A =4 kg ，m B =6 kg ，则A 与B 所受的摩擦力f 1和f 2的大小和方向为（ ）A ．f 1向右，f 2向左，大小都等于1.2 N ；B ． f 1向左，f 2向右，大小都等于1.2 N ；C ．f 1向左，大小为2 N ，f 2为零；D ．f 2向右，大小为3 N ，f 1为零.5．如图所示，升降机以加速度a 加速下降，升降机内有一倾角为α的粗糙斜面，质量为m 的物体与斜面相对静止，则斜面对物体的摩擦力大小为（ ）A . m (g －a )cos θB . mgcosθ.C . m (g －a )sin θ.D .mgcos θ+masin θ.6.如图所示，从倾角为θ的斜面上某点先后将同一小球以不同的初速度水平抛出，小球均落在斜面上，当抛出的速度为v 1时，小球到达斜面时速度方向与斜面的夹角为α1；当抛出速度为v 2时，小球到达斜面时速度方向与斜面的夹角为α2，则（ ）A .当v 1>v 2时，α1>α2B .当v 1>v 2时，α1<α2C .α1、α2 的关系与斜面的倾角θ有关D . 无论v 1、v 2关系如何，均有α1=α27.轻杆一端固定在光滑水平轴O 上,另一端固定一质量为m 的小球,如图所示.给小球一初速度,使其在竖直平面内做圆周运动,且刚好能通过最高点P ,下列说法正确的是（A .小球在最高点时对杆的作用力为零B .小球在最高点时对杆的作用力为mgC .若增大小球的初速度,则在最高点时球对杆的力一定增大D .若增大小球的初速度,则在最高点时球对杆的力可能增大（第3题图）（第4题图）m（第5题图）（第6题图）（第7题图）8．三颗人造地球卫星A 、B 、C 绕地球作匀速圆周运动，如图所示，已知M A =M B >M C ，则对于三颗卫星，正确的是（ ）A. 运行线速度关系为 C B A υυυ=>B. 运行周期关系为 T A <T B =T CC. 向心力大小关系为 F A > F B > F CD. 半径与周期关系为232323CC BB AA T R T R T R ==9、两个质量相等的物体，分别从两个高度相等而倾角不同的光滑斜面顶从静止开始下滑，则下列说法正确的是：（ ）A 、到达底部时重力的功率相等B 、到达底部时速度相等C 、下滑过程中重力做的功相等D 、到达底部时动能相等10、质量为m 的子弹，以水平速度v 射入静止在光滑水平面上质量为M 的木块，并留在其中，下列说法正确的是（ ）（ ）A ．子弹克服阻力做的功与木块获得的动能相等B ．阻力对子弹做的功与子弹动能的减少相等 C．子弹克服阻力做的功与子弹对木块做的功相等D ．子弹克服阻力做的功大于子弹对木块做的功11、振源A 带动细绳振动，某时刻形成的横波如图甲所示， 则在波传播到细绳上一点P 时开始计时，下列图乙的四个图 形中能表示P 点振动图象的是（ ）12、振源O 起振方向沿+y 方向，从振源O 起振时开始计时，经t =0.9s ，x 轴上0至12m 范围第一次出现图示简谐波，则（ ）A .此列波的波速约为13.3m /sB .t =0.9s 时，x 轴上6m 处的质点振动方向向下（第8题图）（第9题图） （第11题图）（第12C . 波的周期s n T 146.3+=(n 可取0，1，2，3……) D . 波的周期一定是0.4s13、一个单摆挂在电梯内，发现单摆的周期增大为原来的2倍，可见电梯在作匀变速运动，其加速度a （ ）A.方向向上，大小为0.5gB. 方向向下，大小为0.75gC.方向向下，大小为0.5gD.方向向上，大小为0.75g14.有一沿x 轴正方向传播的简谐横波，波速为1米/秒，振幅为4cm ，频率为2.5赫兹。
高二物理上学期第三次段考试卷(含解析)高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校清流一中高三上学期第三次段考物理试卷一、单项选择题（本题共10小题；每小题2分，共20分）1．下列说法不符合物理学史实的是（）A．库仑通过扭秤实验发现了库仑定律B．卡文迪许通过实验测出了万有引力常量C．伽利略通过理想实验，说明物体的运动不需要力来维持D．在研究天体运动时，牛顿提出了太阳系行星运动的三大规律2．如图所示，以时间为横轴的匀变速直线运动的图象．下列说法正确的是（）A ．如图是a﹣t图象B ．如图是s﹣t图象C ．如图是s﹣t图象D ．如图是v﹣t图象3．如图所示，a、b分别表示由相同材料制成的两条长度相同、粗细均匀电阻丝的伏安特性曲线，下列判断中正确的是（）A．a代表的电阻丝较粗B．b代表的电阻丝较粗C．a电阻丝的阻值小于b电阻丝的阻值D．图线表示的电阻丝的阻值与电压成正比4．某车以相同的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k1和k2倍，最大速率分别为v1和v2，则（）A．v2=k1v1B．v2=v1C．v2=v1D．v2=k2v15．如图所示，平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合S，给电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，则下列说法正确的是（）A．保持S闭合，将A板向B板靠近，则θ增大B．保持S闭合，将A板向B板靠近，则θ不变C．断开S，将A板向B板靠近，则θ增大D．断开S，将A板向B板靠近，则θ减小6．在一个内壁光滑的圆锥桶内，两个质量相等的小球A、B紧贴着桶的内壁分别在不同高度的水平面内做匀速圆周运动，如图所示．则（）①两球对桶壁的压力相等②A求的线速度一定大于B球的线速度③A求的角速度一定大于B球的角速度④两球的周期相等．A．①②B．①③C．②④D．③④7．已知地球的质量约为火星质量的10倍，地球的半径约为火星半径的2倍，则航天器在火星表面附近绕火星做匀速圆周运动的速率约为（）A．3.5km/s B．5.0km/s C．17.7km/s D．35.2km/s8．如表列出了某品牌电动自行车及所用电动机的主要技术参数，不计其自身机械损耗，若该车在额定状态下以最大运行速度行驶，则（）自重40kg 额定电压48V载重75kg 额定电流12A最大行驶速度20km/h 额定输出功率350WA．电动机的输入功率为350 W B．电动机的内电阻为4ΩC．该车获得的牵引力为104 N D．该车受到的阻力为63 N9．如图，物体A的质量为M，圆环B的质量为m，通过绳子连结在一起，圆环套在光滑的竖直杆上，开始时连接圆环的绳子处于水平，长度L=4m，现从静止释放圆环．圆环恰好能下降h=3m，则两个物体的质量应满足什么关系（不计定滑轮和空气的阻力，取g=10m/s2）（）A．M=2m B．M=3m C．M=4m D．M=m10．一根长为L、横截面积为S的金属棒，其材料的电阻率为ρ，棒内单位体积自由电子数为n，电子的质量为m，电荷量为e，在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平均速率为v，则金属棒内的电场强度大小为（）A ．B ． C．ρnev D ．二、多项选择题（本题共5小题；每小题4分，共20分，全选正确得4分，选不全得2分）11．电场中等势面如图所示，下列关于该电场描述正确的是（）A．A点的电场强度比C点的大B．负电荷在A点电势能比C点电势能大C．电荷沿等势面AB移动过程中，电场力始终不做功D．正电荷由A移到C，电场力做负功12．如图所示的电路，A、B、C为三个相同的灯泡，其电阻大于电源内阻，当变阻器的滑动触头P向上移动时（）A．A灯变亮，C灯变暗B．A灯变亮，B灯变亮C．电源的总电功率减小D．电源的效率减小13．如图，物块a、b和c的质量相同，a和b、b和c之间用完全相同的轻弹簧S1和S2相连，通过系在a上的细线悬挂于固定点O．整个系统处于静止状态．现将细线剪断．将物块a的加速度的大小记为a1，S1和S2相对于原长的伸长分别记为△l1和△l2，重力加速度大小为g．在剪断的瞬间，（）A．a1=3g B．a1=0 C．△l1=2△l2D．△l1=△l214．地球表面附近某区域存在大小为150N/C、方向竖直向下的电场．一质量为1.00×10﹣4kg、带电量为﹣1.00×10﹣7C的小球从静止释放，在电场区域内下落10.0m．对此过程，该小球（重力加速度大小取9.80m/s2，忽略空气阻力）（）A．电势能改变量为1.50×10﹣4JB．电势能改变量为﹣1.50×10﹣4JC．动能的改变量9.95×10﹣3JD．动能的改变量9.65×10﹣3J15．如图，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相同的轨道．甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由滑向B处，下列说法正确的有（）A．如果轨道光滑，则两者达B点动能相等B．如果轨道的动摩擦因素相同，则两者达B点动能也相等C．如果轨道光滑，乙比甲先到达B处D．如果轨道光滑，甲比乙先到达B处三、实验题（每空2分，共26分，把答案填在答题纸的横线上）16．（1）如图1，读数为mm（2）如图2是多用表的刻度盘，当选用量程为50mA的电流档测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为mA；若选用倍率为“×100”的电阻档测电阻时，表针也指示在图示同一位置，则所测电阻的阻值为Ω17．如图是一个双量程电压表的原理图，表头G的相关参数为I g=1mA，R g=100Ω，则R1= Ω18．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，现除了有一个标有“5V，2.5W”的小灯泡、导线和开关外，还有：A．直流电源（电动势约为5V，内阻可不计）B．直流电流表（量程0〜3A，内阻约为0.1Ω）C．直流电流表（量程0〜600mA，内阻约为5Ω）D．直流电压表（量程0〜15V，内阻约为15kΩ）E．直流电压表（量程0〜5V，内阻约为10kΩ）F．滑动变阻器（最大阻值10Ω，允许通过的最大电流为2A）G．滑动变阻器（最大阻值1kΩ，允许通过的最大电流为0.5A）实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能测多组数据．（1）实验中电流表应选用，电压表应选用，滑动变阻器应选用（均用序号字母表示）．（2）请按要求将图1中所示的器材连成实验电路．（3）某同学通过实验正确作出的小灯泡的伏安特性曲线如图2所示．现把实验中使用的小灯泡接到如图3所示的电路中，其中电源电动势E=6V，内阻r=1Ω，定值电阻R=9Ω，此时灯泡的实际功率为W．（结果保留两位有效数字）19．在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：A．待测的干电池（电动势约为1.5V，内电阻小于1.0Ω）B．电流表G（满偏电流3mA，内阻Rg=10Ω）C．电流表A（0～0.6A，内阻0.1Ω）D．滑动变阻器R1（0～20Ω，10A）E．．滑动变阻器R2（0～200Ω，l A）F．定值电阻R0（990Ω）G．开关和导线若干（1）某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图所示中甲的（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是图所示的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选（填写器材前的字母代号）（2）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路利用测出的数据绘出的I1﹣I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），则由图线可以得被测电池的电动势E= V，内阻r= Ω．20．经检测，汽车A的制动性能为：以速度20m/s在平直公路上行使时，制动后4s停下来．现在汽车A在平直公路上以20m/s的速度行驶时，发现前方18m 处有一货车B以6m/s的速度同向匀速行使，司机立即制动，问：（1）汽车A制动的加速度大小为多少（2）当A车速度减为与B车速度相同时所用时间为多少？是否会发生撞车事故？21．如图所示，已知平行金属板间距为d，与水平面夹角为θ，要使一质量为m、电量为+q的小球能从AB板A端沿水平直线运动至CD板的D端射出，求：（1）两金属板间的电压U应是多少？（重力加速度为g）（2）小球从A端运动至D端时其电势能变化了多少？下面是某同学解答的过程：解：由受力平衡可知：（1）∵=mg∴U=（2）△E=W=qU=mgd你认为他的解答是否正确？如果不正确，请给出你的解答．22．如图所示，足够长的固定斜面的倾角θ=37°，一物体以v0=12m/s的初速度从斜面上A点处沿斜面向上运动；加速度大小为a=8m/s2，g取10m/s2．求：（1）物体沿斜面上滑的最大距离x；（2）物体与斜面间的动摩擦因数μ；（3）物体返回到A处时的速度大小v．23．如图，在粗糙水平台阶上静止放置一质量m=0.5kg的小物块，它与水平台阶表面的动摩擦因数μ=0.5，且与台阶边缘O点的距离s=5m．在台阶右侧固定了一个圆弧挡板，圆弧半径R=1m，圆弧的圆心也在O点．今以O点为原点建立平面直角坐标系．现用F=5N的水平恒力拉动小物块，一段时间后撤去拉力，小物块最终水平抛出并击中挡板．（1）若小物块恰能击中挡板上的P点（OP与水平方向夹角为37°），求其离开O点时的速度大小；（2）为使小物块击中挡板，求拉力F作用的最短时间；（3）改变拉力F的作用时间，使小物块击中挡板的不同位置，求击中挡板时小物块动能的最小值．清流一中高三上学期第三次段考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共10小题；每小题2分，共20分）1．下列说法不符合物理学史实的是（）A．库仑通过扭秤实验发现了库仑定律B．卡文迪许通过实验测出了万有引力常量C．伽利略通过理想实验，说明物体的运动不需要力来维持D．在研究天体运动时，牛顿提出了太阳系行星运动的三大规律【考点】物理学史．【专题】定性思想；归纳法；直线运动规律专题．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家如库仑、卡文迪许、伽利略和开普勒的主要贡献即可．【解答】解：A、库仑通过扭秤实验发现了库仑定律，符合物理学史实．B、卡文迪许通过实验测出了万有引力常量，符合物理学史实．C、伽利略通过理想实验，说明物体的运动不需要力来维持，符合物理学史实．D、在研究天体运动时，开普勒提出了太阳系行星运动的三大规律．不符合物理学史实．本题选不符合史实的，故选：D【点评】解决本题的关键要记牢著名物理学家如库仑、卡文迪许、伽利略和开普勒的物理学贡献，平时要注重积累．2．如图所示，以时间为横轴的匀变速直线运动的图象．下列说法正确的是（）A ．如图是a﹣t图象B ．如图是s﹣t图象C ．如图是s﹣t图象D ．如图是v﹣t图象【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】匀变速直线运动的特点是加速度不变．v﹣t图象的斜率等于加速度，x﹣t图象的斜率等于速度，根据数学知识进行判断．【解答】解：A、如图a﹣t图象，表示加速度均匀减小，做变加速直线运动，故A错误．B、若乙是s﹣t图象，其斜率表示速度，说明物体做匀速直线运动，故B错误．C、如图是s﹣t图象，s=at2，由数学知识知s﹣t为抛物线，故C正确；D、如图是v﹣t图象，速度不变，说明做匀速直线运动，故D错误．故选：C．【点评】由运动性质判定图象，主要就是依据图象的形状，分析加速度和速度，也可以根据各个量的表达式进行分析．3．如图所示，a、b分别表示由相同材料制成的两条长度相同、粗细均匀电阻丝的伏安特性曲线，下列判断中正确的是（）A．a代表的电阻丝较粗B．b代表的电阻丝较粗C．a电阻丝的阻值小于b电阻丝的阻值D．图线表示的电阻丝的阻值与电压成正比【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】I﹣U图线的斜率表示电阻的倒数，根据斜率比较电阻的大小．根据电阻定律R=比较电阻丝的粗细．【解答】解：A、图线的斜率表示电阻的倒数，图线a的斜率小于b的斜率，所以a的电阻大于b的电阻，根据电阻定律R=知，长度相同，材料相同，知a 的横截面积小，b的横截面积大．故A、C错误，B正确．D、电阻的大小与电压、电流无关．故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键会从I﹣U图线中比较电阻的大小，以及掌握电阻定律R=．4．某车以相同的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k1和k2倍，最大速率分别为v1和v2，则（）A．v2=k1v1B．v2=v1C．v2=v1D．v2=k2v1【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】汽车在水平路面上行驶时，当牵引力等于阻力时，速度最大．根据功率与速度的关系，结合汽车阻力与车重的关系求解．【解答】解：设汽车的功率为P，质量为m，则有：P=K1mgV1=K2mgV2，所以v2=v1故选：B．【点评】解决本题的关键知道以额定功率行驶，汽车做加速度逐渐减小的加速运动，当牵引力等于阻力时，速度达到最大．5．如图所示，平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合S，给电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，则下列说法正确的是（）A．保持S闭合，将A板向B板靠近，则θ增大B．保持S闭合，将A板向B板靠近，则θ不变C．断开S，将A板向B板靠近，则θ增大D．断开S，将A板向B板靠近，则θ减小【考点】电容器的动态分析；电场强度．【专题】电容器专题．【分析】小球受重力、电场力和绳子的拉力处于平衡状态，当电场力变大时θ增大，电场力变小时θ减小，因此解决本题关键是判断小球所受电场力的变化情况；注意电容器的两种状态的不同，电键闭合其电压不变，电键断开电容器所带电量保持不变．【解答】解：若保持S 闭合，则电容器两极板之间的电压保持不变，因此根据可知，当将A板向B板靠近时，电场强度增大，则电场力增大，θ将增大，故A正确，B错误．若断开S ，电容器带电量保持不变，由和以及可得：，由于Q、S不变，只是d变化，所以电场强度不变，故电场力不变，则θ不变，故CD错误．故选A．【点评】对于电容器的讨论注意电容器的两种状态，同时熟练掌握公式：、、之间的推导，尤其是在电容器电量保持不变时，要正确根据这三个公式推导电场强度的表达式，从而正确判断电场强度的变化．6．在一个内壁光滑的圆锥桶内，两个质量相等的小球A、B紧贴着桶的内壁分别在不同高度的水平面内做匀速圆周运动，如图所示．则（）①两球对桶壁的压力相等②A求的线速度一定大于B球的线速度③A求的角速度一定大于B球的角速度④两球的周期相等．A．①②B．①③C．②④D．③④【考点】向心力．【专题】平抛运动专题．【分析】对小球受力分析，受重力和支持力，合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解即可．【解答】解：对小球受力分析，小球受到重力和支持力，它们的合力提供向心力，如图，根据牛顿第二定律，有：F=mgtanθ=m解得：v=．由于A球的转动半径较大，A线速度较大，故②正确；根据ω=可知，A球的转动半径较大，则A的角速度较小．故③错误．周期T=，因为A的半径较大，则周期较大．故④错误．由上分析可知，筒对小球的支持力N=，与轨道半径无关，则由牛顿第三定律得知，小球对筒的压力也与半径无关，即有球A对筒壁的压力等于球B对筒壁的压力．故①正确．故选：A．【点评】本题关键是对小球受力分析，知道小球做圆周运动向心力的来自于合外力．7．已知地球的质量约为火星质量的10倍，地球的半径约为火星半径的2倍，则航天器在火星表面附近绕火星做匀速圆周运动的速率约为（）A．3.5km/s B．5.0km/s C．17.7km/s D．35.2km/s【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．【专题】人造卫星问题．【分析】航天器在火星表面附近绕火星做匀速圆周运动时，由火星的万有引力提供向心力，根据万有引力定律和向心力公式可列出含速率的方程；再研究近地卫星的速度与地球质量的关系，联立即可求解．【解答】解：航天器在火星表面附近绕火星做匀速圆周运动时，由火星的万有引力提供向心力，则有：G =①对于近地卫星，由地球的万有引力提供向心力，则得：G=m 近②由①②得：===又近地卫星的速度约为 v近=7.9km/s可得：航天器的速率为 v航==km/s≈3.5km/s故选：A．【点评】对于卫星类型，关键建立卫星运动的模型，理清其向心力来源：万有引力，根据万有引力等于向心力进行解答．8．如表列出了某品牌电动自行车及所用电动机的主要技术参数，不计其自身机械损耗，若该车在额定状态下以最大运行速度行驶，则（）自重40kg 额定电压48V载重75kg 额定电流12A最大行驶速度20km/h 额定输出功率350WA．电动机的输入功率为350 W B．电动机的内电阻为4ΩC．该车获得的牵引力为104 N D．该车受到的阻力为63 N【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】定量思想；模型法；恒定电流专题．【分析】对于电动机来说，正常工作时不是纯电阻电路，对于功率的不同的计算公式代表的含义是不同的，P=UI计算的是总的消耗的功率，P热=I2r是计算电动机的发热的功率，当车子的速度最大时牵引力和阻力相等．由公式P=Fv 求阻力大小．【解答】解：A、由表格数据知，电动机的额定电压 U=48V，额定电流 I=12A，故电动机的输入功率为：P=UI=48×12=576W，故A错误；B、由表格数据得到电动机的输出功率为 P出=360W，根据能量守恒定律，有：UI=P出+I2R代入数据，有：576=350+122×R，解得：R=1.57Ω，故B错误；CD、车匀速运动时，速度为 v=20km/h=m/s，根据P出=Fv，有：F==N=63N电动自行车匀速行驶时，牵引力与阻力平衡，故该车受到的阻力为63N．故C 错误，D正确；故选：D【点评】解决本题的关键是抓住电动机正常工作时其电路是非纯电阻电路，往往根据能量转化和守恒定律研究功率的关系．9．如图，物体A的质量为M，圆环B的质量为m，通过绳子连结在一起，圆环套在光滑的竖直杆上，开始时连接圆环的绳子处于水平，长度L=4m，现从静止释放圆环．圆环恰好能下降h=3m，则两个物体的质量应满足什么关系（不计定滑轮和空气的阻力，取g=10m/s2）（）A．M=2m B．M=3m C．M=4m D．M=m【考点】机械能守恒定律．【专题】定量思想；推理法；机械能守恒定律应用专题．【分析】对物体A和物体B系统，只有动能和重力势能相互转化，系统机械能总量守恒，根据机械能守恒定律列式求解即可．【解答】解：对物体A和物体B系统，根据机械能守恒定律，有：mgh=Mg （﹣l）代入数据，有：故M=3m故选：B【点评】本题关键是明确物体A、物体B的机械能均不守恒，而是物体A和B 系统的机械能守恒，不难．10．一根长为L、横截面积为S的金属棒，其材料的电阻率为ρ，棒内单位体积自由电子数为n，电子的质量为m，电荷量为e，在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平均速率为v，则金属棒内的电场强度大小为（）A ．B ． C．ρnev D ．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电流、电压概念．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】利用电流的微观表达式求的电流，由电阻的定义式求的电阻，由E=求的电场强度【解答】解：导体中的电流为I=neSv导体的电阻为R=导体两端的电压为U=RI场强为E=联立解得E=ρnev故选：C 【点评】本题主要考查了电流的微观表达式，根据电阻的决定式求的电阻，由E=求的场强二、多项选择题（本题共5小题；每小题4分，共20分，全选正确得4分，选不全得2分）11．电场中等势面如图所示，下列关于该电场描述正确的是（）A．A点的电场强度比C点的大B．负电荷在A点电势能比C点电势能大C．电荷沿等势面AB移动过程中，电场力始终不做功D．正电荷由A移到C，电场力做负功【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】简答题；信息给予题；定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】电场线与等势面垂直，电场线密的地方电场的强度大，等势面密，电场线疏的地方电场的强度小，等势面疏；沿电场线的方向，电势降低，沿着等势面移动点电荷，电场力不做功．负电荷在高电势点电势能小，在低电势点电势能高．【解答】解：A、点A周围的等势面比C点周围的等势面密，则A点的场强比C 点的大，故A正确；B、负电荷在高电势点电势能小，在低电势点电势能高，故负电荷在A点电势能比在C点电势能小，故B错误；C、电荷沿等势面AB移动过程中，电场力始终不做功，故C正确；D、正电荷由A到C，为沿电场力方向运动，则电场力做正功，故D错误；故选：AC【点评】本题关键是明确：等差等势面的疏密程度反映电场强度的大小，负电荷在电势高的电势能小．12．如图所示的电路，A、B、C为三个相同的灯泡，其电阻大于电源内阻，当变阻器的滑动触头P向上移动时（）A．A灯变亮，C灯变暗B．A灯变亮，B灯变亮C．电源的总电功率减小D．电源的效率减小【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】定性思想；控制变量法；恒定电流专题．【分析】当变阻器的滑动触头P向上移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化，即可知道A灯亮度的变化．由欧姆定律分析并联部分电压的变化，判断B灯亮度的变化．由通过B的电流与总电流的变化，分析通过C灯电流的变化，判断其亮度的变化．A、B、C三个灯泡的电阻都大于电源内阻，根据推论：外电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，分析电源的输出功率如何变化．【解答】解：AB、当变阻器的滑动触头P向上移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流I增大，则A灯变亮．A灯的电压和电源的内电压均增大，则并联部分电压减小，B灯变暗．由总电流增大，而通过B灯的电流减小，可知通过C灯的电流增大，则C灯变亮．故A、B错误．C、电源消耗的总功率为P=EI，电源的电动势E不变，I增大，则电源的总功率P增大．故C错误．D、电源的供电效率η==．外电阻减小，路端电压U减小，电源的供电效率减小．故D正确．故选：D【点评】本题是电路动态分析问题，按局部到整体，再局部分析电压、电流的变化．利用推论分析电源输出功率的变化．13．如图，物块a、b和c的质量相同，a和b、b和c之间用完全相同的轻弹簧S1和S2相连，通过系在a上的细线悬挂于固定点O．整个系统处于静止状态．现将细线剪断．将物块a的加速度的大小记为a1，S1和S2相对于原长的伸长分别记为△l1和△l2，重力加速度大小为g．在剪断的瞬间，（）A．a1=3g B．a1=0 C．△l1=2△l2D．△l1=△l2【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】对细线剪短前后的a、b、c物体分别受力分析，然后根据牛顿第二定律求解加速度与弹簧的伸长量．【解答】解：A、B、对a、b、c分别受力分析如图，根据平衡条件，有：对a：F2=F1+mg对b：F1=F+mg对c：F=mg所以：F1=2mg弹簧的弹力不能突变，因形变需要过程，绳的弹力可以突变，绳断拉力立即为零．当绳断后，b与c受力不变，仍然平衡，故a=0；对a，绳断后合力为F合=F1+mg=3mg=ma a，a a=3g方向竖直向下；故A正确，B错误．C、D、当绳断后，b与c受力不变，则F1=k△l1，；同时：F=k△l2，所以：．联立得△l1=2△l2：故C正确，D错误．故选：AC．【点评】考查了牛顿第二定律的瞬时性的应用，重点区分绳和弹簧弹力的特点，注意加速度与受力的瞬时对应关系．14．地球表面附近某区域存在大小为150N/C、方向竖直向下的电场．一质量为1.00×10﹣4kg、带电量为﹣1.00×10﹣7C的小球从静止释放，在电场区域内下落10.0m．对此过程，该小球（重力加速度大小取9.80m/s2，忽略空气阻力）（）A．电势能改变量为1.50×10﹣4JB．电势能改变量为﹣1.50×10﹣4JC．动能的改变量9.95×10﹣3JD．动能的改变量9.65×10﹣3J【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】计算题；学科综合题；定量思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】小球的电势能的改变量看电场力做功，动能的改变量取决于合外力做功，根据功的计算公式分别求出电场力做功和合外力做功，即可解答．【解答】解：小球带负电，电场力对小球做负功，为：W电=qEs=﹣1.00×10﹣7×150×10J=﹣1.50×10﹣4J，则小球的电势能增加量1.50×10﹣4J，即电势能的改变量为1.50×10﹣4J．合外力对小球做功为：W合=（mg﹣qE）s=（1.00×l0﹣4×9.8﹣1.00×10﹣7×150）×10J=9.65×10﹣3J根据动能定理得知：动能的改变量为9.65×10﹣3J．故选：AD【点评】解决本题的关键是掌握常见的功能关系，知道电场力做功决定了电势能的变化，合外力做功决定了动能的变化．提及改变量，增加为正，减小为负．15．如图，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相同的轨道．甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由滑向B处，下列说法正确的有（）A．如果轨道光滑，则两者达B点动能相等B．如果轨道的动摩擦因素相同，则两者达B点动能也相等C．如果轨道光滑，乙比甲先到达B处D．如果轨道光滑，甲比乙先到达B处【考点】功能关系；动能和势能的相互转化．【专题】定性思想；推理法；功能关系能量守恒定律．【分析】如果轨道光滑，甲乙运动过程中，都只有重力做功，根据动能定理求出末动能，但不知道甲乙质量关系，不能判断两者达B点动能是否相等，由受力分析及牛顿第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小，哪一。
2021年高二物理第三次综合考试试题 理 新人教版
2021年高二物理第三次综合考试试题理新人教版一、单项选择题(共7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求)1.一束单色光斜射到厚平板玻璃的一个表面上，经两次折射后从玻璃板另一个表面射出，出射光线相对于入射光线侧移了一段距离。
在下列情况下，出射光线侧移距离最大的是( )A.红光以30°的入射角入射B.红光以45°的入射角入射C.紫光以30°的入射角入射D.紫光以45°的入射角入射2.如图，一个三棱镜的截面为等腰直角ABC，为直角.此截面所在平面内的光线沿平行于BC边的方向射到AB边，进入棱镜后直接射到AC边上，并刚好能发生全反射.该棱镜材料的折射率为( )A、 B、C、 D、3.右图所示为双缝干涉实验中产生的条纹图样，甲图为绿光进行实验的图样，a为中央亮条纹，乙为换用另一种单色光进行实验的图样，a`为中央亮条纹，则以下说法中正确的是（）A．乙图可能是用红光实验产生的条纹，表明红光波长较长B．乙图可能是用紫光实验产生的条纹，表明紫光波长较长C．乙图可能是用紫光实验产生的条纹，表明紫光波长较短D．乙图可能是用红光实验产生的条纹，表明红光波长较短甲乙a4.用红光进行双缝干涉实验时(缝极窄)，如果用不透光的纸遮住一个缝，则屏上出现( ) A．一片黑暗 B．一片红光C．原干涉条纹形状不变，但亮度减弱 D．红、黑相间的条纹5.下面是四种与光有关的事实：①用光导纤维传播信号②用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度③一束白光通过三棱镜形成彩色光带④水面上的油膜呈现彩色。
其中，与光的干涉有关的是 ( )A.①④B.①③C.②④D.②③6.雨后太阳光入射到水滴中发生色散而形成彩虹。
设水滴是球形的，图中的圆代表水滴过球心的截面，入射光线在过此截面的平面内，a、b、c、d代表四条不同颜色的出射光线，则它们可能依次是（）A.紫光、黄光、蓝光和红光B.紫光、蓝光、黄光和红光C.红光、蓝光、黄光和紫光D.红光、黄光、蓝光和紫光7.如图所示，光线由空气射入半圆形玻璃砖，或由玻璃砖射入空气的光路图中，正确的是(玻璃的折射率为1.5)( )A．图乙、丁B．图甲、丁C．图乙、丙D．图甲、丙二、多项选择题(共5小题，每小题4分，共20分，在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项符合题目要求，全对得4分，选对但不全得2分，选错得0分)8.一玻璃砖横截面如图，其中ABC为直角三角形（AC边末画出），AB为直角边，ABC=45°；ADC 为一圆弧，其圆心在BC边的中点。
肥西中学高二物理期末试题选修三
肥西中学高二年级期末考试物理试卷第1卷一、选择题：〔40分在每一小题给出的四个选项中，有的只有一项为哪一项正确的，有的有多个选项正确，全选对的得4分，选对但不全的得2分，选错的得0分。
〕1、一块手机电池的背面印有如下列图的一些符号，另外在手机使用说明书上还写有“通话时间3 h ，待机时间100 h 〞，如此该手机通话和待机时消耗的功率分别约为〔 〕A ．1.8 W ，5.4×10 -2W B ．3.6 W ，0.108 W C ．0.6 W ，1.8×10 -2WD ．6.48×10-3 W ，1.94×10-2W2、如下列图的闭合电路，当开关闭合后，将滑动变阻器的滑动头Ｐ向下移动时，如下说法正确的答案是： Ａ、电流表的读数变大； Ｂ、电流表的读数变小；Ｃ、电压表的读数变大； Ｄ、电压表的读数变小。
3、用伏安法测某一电阻时，如果采用如图4所示的甲电路，测量值为R 1 ，如果采用乙电路， 测量值为R 2 ，那么R 1 、R 2与真实值R 之间满足关系〔 〕 A ．R 1＞R ＞R 2B ．R ＞R 1＞R 2 C ．R 1＜R ＜R 2D ．R ＜R 1＜R 24、如下关于电场强度的说法中，正确的答案是〔 〕 A ．公式Ｅ＝Ｆ／ｑ只适用于真空中点电荷产生的电场B ．由公式Ｅ＝Ｆ／ｑ可知，电场中某点的电场强度E 与检验电荷在电场中该点所受的电场力成正比C ．在公式122Q Q F kr =中；22rKQ 是点电荷2Q 产生的电场在点电荷1Q 处的场强大小；而12Q kr是点电荷1Q 产生的电场在点电荷2Q 处场强的大小 D ．由公式2QE k r =可知，在离点电荷非常近的地方，电场强度E 可达无穷大3.6 V 500 mA ·h 锂离子电池SNN5648A FXZHSHL 20090112 FXZX1028PAV5、如下列图为一匀强电场，实线为电场线，一个带电粒子射入该电场后，轨迹如图中虚线所示，运动方向为从ａ到ｂ，如此可以判断的是：Ａ、粒子受到的电场力方向向左； Ｂ、粒子在ａ点的动能大于ｂ点的动能；Ｃ、ａ点的电势高于ｂ点的电势；Ｄ、粒子在ａ点的电势能大于ｂ点的电势能。
高二物理上学期第三次考试试题-人教版高二全册物理试题
南昌二中2015—2016学年度上学期第三次考试高二物理试卷一．选择题:〔本大题共12小题，每一小题4分，共48分．其中1-7题，在每一小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，8-12题有多个选项是正确的，全选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分．把答案前的字母填在答题卡相应的表格中〕1．在如下列图的空间中，存在场强为E 的匀强电场，同时存在沿x 轴负方向，磁感应强度为B 的匀强磁场．一质子(电荷量为e )在该空间恰沿y 轴正方向以速度v 匀速运动．据此可以判断出( )A ．质子所受电场力大小等于eE ，运动中电势能减小；沿z 轴正方向电势升高B ．质子所受电场力大小等于eE ，运动中电势能增大；沿z 轴正方向电势降低C ．质子所受电场力大小等于evB ，运动中电势能不变；沿z 轴正方向电势升高D ．质子所受电场力大小等于evB ，运动中电势能不变；沿z 轴正方向电势降低 2．一盘旋加速器，当外加磁场一定时，可把α粒子加速到v ，它能把质子加速到的速度为( )A ．vB ．2vC ．0.5vD ．4v3．如下列图，在正交的匀强电场和匀强磁场中，一带电粒子在竖直平面内做匀速圆周运动，如此微粒带电性质和环绕方向分别是( )A ．带正电，逆时针B ．带正电，顺时针C ．带负电，逆时针D ．带负电，顺时针4．用绝缘细线悬挂一个质量为m ，带电荷量为＋q 的小球，让它处于如下列图的磁感应强度为B 的匀强磁场中．由于磁场的运动，小球静止在如图位置，这时悬线与竖直方向夹角为α，并被拉紧，如此磁场的运动速度大小和方向可能是( )A ．v ＝mg Bq ，水平向右B ．v ＝mgBq ，水平向左C ．v ＝mg tan αBq ，竖直向上D ．v ＝mg tan αBq，竖直向下5．医生做某些特殊手术时，利用电磁血流计来监测通过动脉的血流速度．电磁血流计由一对电极a 和b 以与一对磁极N 和S 构成，磁极间的磁场是均匀的．使用时，两电极a 、b 均与血管壁接触，两触点的连线、磁场方向和血流速度方向两两垂直，如上图所示．由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中运动，电极a 、b 之间会有微小电势差．在达到平衡时，血管内部的电场可看作是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零．在某次监测中，两触点间的距离为3.0 mm ，血管壁的厚度可忽略，两触点间的电势差为160 μV，磁感应强度的大小为0.040 T ．如此血流速度的近似值和电极a 、b 的正负为( )A ．1.3 m/s ，a 正、b 负B ．2.7 m/s ，a 正、b 负C ．1.3 m/s ，a 负、b 正D ．2.7 m/s ，a 负、b 正6．如下列图，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路，导线所围的区域内有一垂直纸面向里变化的匀强磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环，导线abcd所围区域内磁场的磁感应强度按如下图中哪一图线所表示的方式随时间变化时，导体环将受到向上的磁场力作用( )7．如下列图。
2021年高二物理上学期第三次阶段测试试题
2021年高二物理上学期第三次阶段测试试题考试时间120分钟 满分100分选择题（每小题2分，共32分；每小题的四个选项中只有一个符合题目要求） １．首先发现通电导线周围存在磁场的物理学家是( ) A ．安培 B ．法拉第 C ．奥斯特 D ．特斯拉 ２．下列关于磁场的说法中，正确的是 ( ) A 、只有磁铁周围才存在磁场 B 、磁场是假想的，不是客观存在的C 、通电螺线管的磁感线从北极出来, 终止于南极, 是一条不闭合的曲线D ．磁极与磁极，磁极与电流、电流与电流之间都是通过磁场发生相互作用 3．如图1所示，通电直导线右边有一个矩形线框，线框平面与直 导线共面,若使线框逐渐远离（平动）通电导线，则穿过线框的磁通量将 ( )A ．逐渐增大B ．逐渐减小C ．保持不变D ．不能确定图２是或逻辑电路的真值表，则真值表中X 、Y 处的逻辑值为( )A ．1 1B ．0 1C ．1 0D ．0 05．如图所示，已知磁场与电流的方向，图中又画出了通电导线在磁场中所受安培力的方向，那么正确的是( )6．两个电子以大小不同的初速度沿垂直于磁场的方向射入同一匀强磁场中。
设r1、r2为这两个电子的运动道半径，T1、T2是它们的运动周期，则（ ） A.r1=r2.T1≠T2 B ．r1≠r2， T1≠T2 C ．r1=r2， T1=T2 D ．r1≠r2， T1=T2输入 输出A B Z 0 0 X 0 1 1 1 0 Y v图1vEB A abv30°7. 如图３所示，带箭头的线段表示某一电场，一带电粒子仅在电场力的作用下经过A 点飞向B 点，径迹如图中虚线所示，则（ ）A ．带电粒子带负电，在A 点动能大，电势低，电势能小B ．带电粒子带负电，在B 点动能大，电势高，电势能大C ．带电粒子带正电，在A 点动能大，电势低，电势能小D ．带电粒子带正电，在B 点动能大，电势高，电势能大8．在如图４所示电路中，当变阻器R3的滑动头P 向b 端移动时（ ） A ．电压表示数变小，电流表示数变大B ．电压表示数变大，电流表示数变小C ．电压表示数变大，电流表示数变大D ．电压表示数变小，电流表示数变小9.如图５，二条长直导线通以如图的电流，且I1＝I2，则距两导线等距的A 点的磁场方向为 A ．向上 B ．向右 C ．向左 D ．向下10．如图6所示，一长直导线穿过金属环中心，而且垂直金属圆环平面，导线上的电流I1和圆环中电流I2的方向如图所示，那么金属圆环受到的磁场力 （ ） 沿着圆环半径向外面 B ．沿着圆环半径向内C ．垂直金属环平面向右D ．不受磁场力的作用11．如图7所示，导线电流为I ，磁感应强度为B ，AB 与BC 长度均为d ，则整根棒AC 分别放入如图方向的匀强磁场中时，所受安培力大小分别( ) A ．BId ,2BId B ．BId ,BId C ．BId,BId D ．BId ,BId12．如图8，是磁流体发电机示意图，匀强磁场的磁感强度B=0.5T ，两板间距离为20cm ，等离子体垂直射入磁场的速度为2200m/s , 则输出电压为 A ．220V B ．2200ＶC ．1100 VD ．110V13．将面积为 6.0×10-4 m2的圆面放入水平向右的匀强磁场中，圆面与磁感线之间夹角为30°，如图9所示，若穿过该圆面的磁通量为3.0×10—5 Wb ，则此匀强磁场的磁感应强度B 为A ．1.0×10—1 TB ．5.0×10—2 TC ．2.0×101 TD ．1.8×10—9 TN S 14．如图10所示的电路中，输入电压U 恒为12 V ，灯泡L 上标有“6 V 、12 W ”字样，电动机线圈的电阻RM ＝0.50 Ω.若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是 A ．电动机的输入功率为12 W B ．电动机的输出功率为12 W C ．电动机的热功率为12 W D ．整个电路消耗电功率为22 W15．如图11所示，充电后与电源分离的平行板电容器，其正极板接地，在极板间P 点有一带电液滴处于静止状态。
高二物理上学期第三次试题高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校2015—2016学年度上学期四校联考（第三次月考）高二物理试卷（总分100分，考试时间90分钟）一、选择题（1——6为单选，7——10为多选，每小题4分，共40分）1.如图所示，三个小球a、b、c分别用三根绝缘细线悬挂在同一点O，细线的长度关系为Oa=Ob＜Oc，让三球带电后它们能静止在图中所示位置．此时细线Oc沿竖直方向，a、b、c连线恰构成一等边三角形，则下列说法不正确的是（）A．a、b两球质量一定相等B．a、b两球所带电荷量一定相等C．a、b、两球所处位置的电场强度相等D．细线Oa、Ob所受拉力大小一定相等2.如图是静电喷涂原理的示意图．喷枪喷嘴与被涂工件之间有强电场，喷嘴喷出的带电涂料微粒在强电场的作用下会向工件高速运动，最后被吸附到工件表面．则可知（）3.如图所示是模拟避雷针作用的实验装置，金属板M、N间有两个等高的金属体A、B，A为尖头、B为圆头．将金属板M、N接在高压电源上，逐渐升高电源电压，首先观察到（）4.如图所示，电源电动势为E、内阻为r，电阻R1、R2、R3为定值电阻，R4为光敏电阻（有光照射时电阻变小），C为定值电容。
当S闭合且电路稳定后，让光照射R4，则以下说法正确的是A．电压表示数增大B．电源的效率增大C．电容器电荷量增大D．R2上消耗的功率减小5.如图所示为多用表欧姆挡的原理示意图，其中电流表的满偏电流为300μA，内阻r g=100Ω，调零电阻最大阻值R=50kΩ，串联的固定电阻R0=50Ω，电池电动势E=1.5V，用它测量电阻Rx，能准确测量的阻值范围是（）A．30kΩ～80kΩ B． 3kΩ～8kΩC．300kΩ～800kΩD．3000kΩ～8000kΩ6.为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的．在如图四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是（）A．B．C．D．7.锂电池因能量密度高、绿色环保而广泛使用在手机等电子产品中．现用充电器为一手机锂电池充电，等效电路如图所示，充电器电源的输出电压为U，输出电流为I，手机电池的A ．微粒一定带负电B．微粒可能带正电，也可能带负电C．微粒一定带正电D．微粒运动过程中，电势能越来越大A．A放电B．B放电C．A、B一起放电D．A、B之间放电rI内阻为r ，下列说法正确的是（ ） A. 充电器输出的电功率为UI+I 2r B.电能转化为化学能的功率为UI ﹣I 2rC. 电池产生的热功率为I 2r D. 充电器的充电效率为8.无限长通电导线在其周围某一点产生的磁场的磁感应强度的大小与电流成正比，与导线到这一点的距离成反比，即B=k (式中k 为常数)。
肥西县高中2018-2019学年高二上学期第三次月考试卷物理
肥西县高中2018-2019学年高二上学期第三次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1． 将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，v ﹣t 图象如图所示。
以下判断正确的是A ．前2 s 内货物处于超重状态B ．第3 s 末至第5 s 末的过程中，货物完全失重C ．最后2 s 内货物只受重力作用D ．前2 s 内与最后2 s 内货物的平均速度和加速度相同【答案】A【解析】A ．在前2 s 内，图象的斜率为正，加速度为正方向，说明加速度向上，货物处于超重状态，故A 正确；B ．第3 s 末至第5 s 末的过程中，货物匀速运动，重力等于拉力，B 错误；C 、最后2 s 内，加速度为≠g ，故货物并不是只受重力，故C 错误。
D ．前2 s 内货物做匀加速直线运动，2206m/s 3m/s 2v a t ∆-===-∆平均速度为，最后2 s 内货物的平均速度为，故D 错误。
故选A 。
04m/s=2m/s 2v +=06m/s=3m/s 2v +=2． 甲、乙两物体在同一直线上做直线运动的速度﹣时间图象如图所示，则（）A. 前3秒内甲、乙运动方向相反B. 前3秒内甲的位移大小是9mC. 甲、乙两物体一定是同时同地开始运动D. t=2s 时，甲、乙两物体可能恰好相遇【答案】BD3． 如图所示，绝缘粗糙斜面固定在水平地面上，斜面所在空间存在平行于斜面向上的匀强电场E ，轻弹簧一端固定在斜面项端，另一端拴接一质量不计的绝缘薄板，一带正电的小滑块，从斜面上的P 点由静止释放沿斜面向上运动，并能压缩弹簧至R 点（图中未标出） 然后返回，则A. 滑块从P点运动到R点过程中，其机械能增量等于电场力与弹簧弹力做功之和B. 滑块从P点运动到R 点过程中，电势能的减少量大于重力势能和弹簧弹性势能的增加量之和C. 滑块返回过程能到达的最低位置位于P点的上方D. 滑块最终停下来，克服摩擦力所做的功等于电势能减少量与重力势能增加量之差【答案】BC【解析】试题分析：由题可知，小滑块从斜面上的P点处由静止释放后，沿斜面向上运动，说明小滑块开始时受到的合力的方向向上，开始时小滑块受到重力、电场力、斜面的支持力和摩擦力的作用；小滑块开始压缩弹簧后，还受到弹簧的弹力的作用．小滑块向上运动的过程中，斜面的支持力不做功，电场力做正功，重力做负功，摩擦力做负功，弹簧的弹力做负功．在小滑块开始运动到到达R点的过程中，电场力做的功转化为小滑块的重力势能、弹簧的弹性势能以及内能．由以上的分析可知，滑块从P点运动到R点的过程中，其机械能增量等于电场力与弹簧弹力做功、摩擦力做功之和，故A错误；由以上的分析可知，电场力做的功转化为小滑块的重力势能、弹簧的弹性势能以及内能，所以电势能的减小量大于重力势能和弹簧弹性势能的增加量之和，故B正确；小滑块运动的过程中，由于摩擦力做功，小滑块的机械能与电势能的和增加减小，所以滑块返回能到达的最低位置在P点的上方，不能在返回P点，故C正确；滑块运动的过程中，由于摩擦力做功，小滑块的机械能与电势能的和逐渐减小，所以滑块最终停下时，克服摩擦力所做的功等于电势能的减小量与重力势能增加量、弹性势能增加量之差，故D错误。
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肥西中学2013—2014(1)高二年级第3次段考物理试题考试时间：90分钟 满分：100分一、单项选择题（本题共10小题；每小题4分，计40分）1．如图所示，一带电量为q 的金属球，固定在绝缘的支架上，这时球外P 点的电场强度为E 0，当把一电 量也是q 的点电荷放在P 点时，测得点电荷受到的静电力为f ；当把一电量为aq 的点电荷放在P 点时，测得作用于这点电荷的静电力为F ，则在国际单位制中 （ ）A ．f 的数值等于qE 0B ．F 的数值等于afC ．a 比1小得越多，F 的数值越接近afD ．a 比1小得越多，F 的数值越接近aqE 02．A 、B 是一条电场线上的两个点，一带正电的粒子仅在电场力作用下以一定的初速度从A 点沿电场线运动到B 点，其v -t 图象如图甲所示.则这电场的电场线分布可能是下图中的 （ ）3．如图所示匀强电场E 的区域内，在O 点处放置一点电荷+Q ，a 、b 、c 、 d 、e 、f 为以O 点为球心的球面上的点，aecf 平面与电场平行，bedf平面与电场垂直，则下列说法中正确的是 （ ） A ．b 、d 两点的电场强度相同 B ．a 点的电势等于f 点的电势 C ．点电荷+q 在球面上任意两点之间移动时，电场力一定做功D ．将点电荷+q 在球面上任意两点之间移动，从球面上a 点移动到c点的电势能变化量一定最大 4．在竖直向上的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细绳的一端系着一个带电小球，另一端固定于O 点，小球在竖直平面内做匀速圆周运动，最高点为a ，最低点为b.不计空气阻力，则（ ） A ．小球带负电B ．电场力跟重力平衡C ．小球在从a 点运动到b 点的过程中，电势能减小D ．小球在运动过程中机械能守恒5．电源电动势的大小反映的是 （).dA电源把电能转化成其他形式的能的本领的大小B电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小C电源单位时间内传送电荷量的多少D电流做功的快慢.6．我国北京正负电子对撞机的储存环是周长为240 m的近似圆形轨道，当环中的电流是10 mA时(设电子的速度是3×107 m/s)，在整个环中运行的电子数目为(电子电量e＝1.6×10－19 C)( )A．5×1011 B．5×1010 C．1×102D．1×1047．如图所示，直线A是电源的路端电压和电流的关系图线，直线B、C分别是电阻R1、R2的两端电压与电流的关系图线，若将这两个电阻分别接到该电源上，则( )A．R1接在电源上时，电源的效率高 B．R2接在电源上时，电源的效率高C．R1接在电源上时，电源的输出功率大 D．电源的输出功率一样大8．如图所示的电路中，电压表都看做理想电表，电源内阻为r。
闭合电键S，当把滑动变阻器错误！未找到引用源。
的滑片P向b端移动时（）A.电压表错误！未找到引用源。
的示数变大，电压表错误！未找到引用源。
的示数变小B.电压表错误！未找到引用源。
的示数变小，电压表错误！未找到引用源。
的示数变大C.电压表错误！未找到引用源。
的示数变化量小于错误！未找到引用源。
示数变化量D.电压表错误！未找到引用源。
的示数变化量大于错误！未找到引用源。
示数变化量9．为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的。
在下列四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是( )10．下面的几个图显示了磁场对通电直导线的作用力，其中正确的是 ()二、填空题（每空2分，共18分）11．；游标卡尺的示数为 cm。
R112．用如图1所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T。
请根据下列步骤完成电阻测量:○1旋动部件________，使指针对准电流的"0"刻线。
○2将K旋转到电阻挡"×l00"的位置。
○3将插入"十"、"－"插孔的表笔短接，旋动部件______，使指针对准电阻的_________ (填"0刻线"或"∞刻线")。
○4将两表笔分别与侍测电阻相接，发现指针偏转角度过小。
为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按_______的顺序进行操作，再完成读数测量。
A．将K旋转到电阻挡"×1k"的位置B．将K旋转到电阻挡"×10"的位置C．将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两恨引线相接D．将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准13．现有一特殊电池，它的电动势E约为9 V，内阻r约为40 Ω，已知该电池允许输出的最大电流为50 mA.为了测定这个电池的电动势和内阻，某同学利用如图2－10－15甲所示的电路进行实验，图中电流表的内阻RA已经测出，阻值为5 Ω，R为电阻箱，阻值范围0～999.9 Ω，R0为定值电阻，对电路起保护作用．图2－10－15(1)实验室备有的定值电阻R0有以下几种规格：A．10 ΩB．50 Ω C．150 ΩD．500 Ω本实验选用哪一种规格的定值电阻最好______．(2)该同学接入符合要求的R0后，闭合开关S，调整电阻箱的阻值，读取电流表的示数，记录多组数据，作出了图2－10－15乙所示的图线，则根据该同学作出的图线可求得该电池的电动势E＝_______V，内阻r ＝_______Ω.三、计算题（本题共4小题，42分）14．（10分）如图所示，电电动势E=12V，内电阻r =0.5Ω，外电路中R =4Ω，R1=6Ω，滑动变阻器R2的变化范围是0~30Ω，求：（1）滑动变阻器R2取值为多少时，电流表读数最大，电流表示数最大值为多少？（2）滑动变阻器R2取值为多少时，R中消耗功率最大，且最大功率为多少？Y v 0 L d （3）滑动变阻器R 2取值为多少时，MN 并联部分的功率最大，且最大功率为多少？15．（12分） 如图甲所示，电荷量为q =1×10-4C 的带正电的小物块置于绝缘水平面上，所在空间存在方向沿水平向右的电场，电场强度E 的大小与时间的关系如图乙所示，物块运动速度与时间t 的关系如图丙所示，取重力加速度g=10m/s 2。
求 （1）前2秒内物体加速度的大小； （2）前4秒内物体的位移 ； （3）前4秒内电场力做的功。
16．（10分）如图所示，真空中水平放置的两个相同极板Y 和Y'长为L ，相距d ，足够大的竖直屏与两板右侧相距b ．在两板间加上可调偏转电压U ，一束质量为m 、带电量为+q 的粒子（不计重力）从两板左侧中点A 以初速度v 0沿水平方向射入电场且能穿出．（1）证明粒子飞出电场后的速度方向的反向延长线交于两板间的中心O 点； （2）求两板间所加偏转电压U 的范围； （3）求粒子可能到达屏上区域的长度．17．（10分）如图所示，A 是一个质量为1×10-3kg 表面绝缘的薄板，薄板静止在光滑的水平面上，在薄板左端放置一质量为1×10-3kg 带电量为q =1×10-5C 的绝缘物块，在薄板上方有一水平电场，可以通过开关控制其有、无及方向．先产生一个方向水平向右，大小E 1=3×102V/m 的电场，薄板和物块开始运动，作用时间2s 后，改变电场，电场大小变为E 2=1×102V/m ，方向向左，电场作用一段时间后，关闭电场，薄板正好到达目的地，物块刚好到达薄板的最右端，且薄板和物块的速度恰好为零. 已知薄板与物块间的动摩擦因数µ=0.1，（薄板不带电，物块体积大小不计，g 取10m/s 2）求：（1）在电场E 1作用下物块和薄板的加速度各为多大； （2）电场E 2作用的时间；（3）薄板的长度和薄板移动的距离． E 甲t /s2 t /s 2）乙 丙 E 1肥西中学2013—2014(1)高二年级第3次段考物理试题答题卷Array（考试时间：90分钟总分：100分）一、单项选择题（每小题4分，计40分）二、填空题（每空2分，计18分）11． mm； cm。
12．；；；。
13．；；。
三、计算题（10分+12分+10分+10分，计42分）Y Y' v 0LA db肥西中学2013—2014(1)高二年级第3次段考物理参考答案 一、单项选择题（每小题4分，计40分）二、填空题（每空2分，计18分）11、4.700 (4.699, 4.701给分) 10.015 12． S ； T ； 0刻线 ； ADC 。
13． C ； 10 ； 45 。
三、计算题（本题共4小题，42分）14．（10分）（1）分析电路可知：P 在最上端R 2=30Ω时，安培表示数最大， 此时： …………………①并R R r EI ++=……………………②1并R IR I A =…………………………..③解得I A ≈1.1A （2）P 在最下端R 2=0Ω时，R 的功率最大，此时 Rr E I +=; P R =I 2R ;P R ≈28.4W（3）当R 并=R+r 时，R 并功率最大，此时Ω='+'5.42121R R R R 得 R 2′=18Ω并2并4R E P ==8W 15、解：（1）由图丙可得a =vt∆∆=1m/s2（2）由图丙可知物体先做匀加速运动，然后做匀速运动x 1=12vt 1，x 2=vt 2 ∴x = x 1+x 2=6m（3）由图乙可知F 1=qE 1=3N F 2=qE 2=2N ∴W= F 1 x 1+ F 2 x 2 W=14J16、解析：（1）设粒子在运动过程中的加速度大小为a ，离开偏转电场时偏转距离为y ，沿电场方向的速度为v y ，偏转角为θ，其反向延长线通过O 点，O 点与板右端的水平距离为x ，则有y ＝212at①0L v t =② y v at =tan y v y v xθ==联立可得 2Lx =即粒子飞出电场后的速度方向的反向延长线交于两板间的中心． （2）Eq a m = ③ UE d= ④ 由①②③④式解得2202qUL y dmv = 当2dy =时，2202md v U qL = 则两板间所加电压的范围 22220022md v md v U qL qL -≤≤ （3）当2dy =时，粒子在屏上侧向偏移的距离最大（设为y 0），则0()tan 2L y b θ=+而tan d L θ= 解得 0(2)2d L b y L += 则粒子可能到达屏上区域的长度为(2)d L b L+Y v 0Oθx 017、解：（1）物块 211s /m 2=-=mf F a 薄板22s /m 1='=M f a (2)经t 1=2s 时 物块v 1=a 1t 1=2×2=4m/s 向右 薄板v 2=a 2t 1=1×2=2m/s 向右 经2秒后，物块作匀减速运动221s /m 2111=+=+='m f qE a 向左 薄板 加速度不变，仍为a 2=1m/s 2向右，当两者速度相等时，物块恰好到达薄板最右端，以后因为qE 2=f =µ(m 0+m 1)g ，所以物块和薄板将一起作为整体向右以 223s /m 5.021==+=m M qE a 向右作匀减速直到速度都为0． 共同速度为v =v 1-a 1′ t 2 v =v 2+a 2′t 2 t 2=s 32 v =38m/s物块和薄板获得共同速度至停止运动用时 s 3163=t 第二次电场作用时间为t =t 2+t 3=6s （3）经t 1=2s 时 物块运动m 4212111==t a x 薄板运动m 2212122==t a x薄板在t 2时间内位移x 3=v 2t 2+21a 2t 22=914m 物块在t 2时间内位移为x 4=v 1t 2-21a 1′t 22=920m 薄板长度L =x 1-x 2+x 4-x 3=38m=2.67m （或用能量守恒qE 1x 1-qE 2x 4=2)(21v M m mgl ++μ L =38m ）薄板右端到达目的地的距离为m 67.103329962032232===-++=a v x x x。